第16章 电磁感应
大学物理 上海交通大学 16章 课后习题答案
习题1616-1.如图所示,金属圆环半径为R ,位于磁感应强度为B 的均匀磁场中,圆环平面与磁场方向垂直。
当圆环以恒定速度v 在环所在平面内运动时,求环中的感应电动势及环上位于与运动方向垂直的直径两端a 、b 间的电势差。
解:(1)由法拉第电磁感应定律i d dt εΦ=-,考虑到圆环内的磁通量不变,所以,环中的感应电动势0i ε=;(2)利用:()aab b v B dlε=⨯⋅⎰,有:22ab Bv R Bv Rε=⋅=。
【注:相同电动势的两个电源并联,并联后等效电源电动势不变】16-2.如图所示,长直导线中通有电流A I 0.5=,在与其相距cm 5.0=d 处放有一矩形线圈,共1000匝,设线圈长cm 0.4=l ,宽cm 0.2=a 。
不计线圈自感,若线圈以速度cm/s 0.3=v 沿垂直于长导线的方向向右 运动,线圈中的感生电动势多大?解法一:利用法拉第电磁感应定律解决。
首先用0l B dl I μ⋅=∑⎰求出电场分布,易得:02I B r μπ=, 则矩形线圈内的磁通量为:00ln 22x axI I l x a l dr r x μμππ++Φ=⋅=⎰,由i d Nd t εΦ=-,有:011()2i N I l d xx a x dt μεπ=--⋅+∴当x d =时,有:041.92102()i N I l a vVd a μεπ-==⨯+。
解法二:利用动生电动势公式解决。
由0l B dl Iμ⋅=∑⎰求出电场分布,易得:02I B r μπ=,考虑线圈框架的两个平行长直导线部分产生动生电动势,近端部分:11NB l v ε=, 远端部分:22NB lvε=,则:12εεε=-=00411() 1.921022()N I N I a l v l v Vd d a d d a μμππ--==⨯++。
16-3.如图所示,长直导线中通有电流强度为I 的电流,长为l 的金属棒ab 与长直导线共面且垂直于导线放置,其a 端离导线为d ,并以速度v 平行于长直导线作匀速运动,求金属棒中的感应电动势ε并比较U a 、U b 的电势大小。
鲁教版第16章电磁现象复习
4.电磁铁的应用
2.电磁起重机
1.磁悬浮列车
4.电磁继电器 3.扬声器 6.恒温箱
5.电铃
例1.下图是某学习小组同学设计的“研究
12、在一个圆纸盒里藏放着一个条形磁铁,在盒的周 围放置一些小磁针(小磁针涂红端为N极),这些小磁 针静止时的指向如图所示,则图乙中能反映盒中条形 磁铁放置情况的是 ( B )
A
B
C
D
13、壹元硬币的外观有银白色的金属光泽,一些同学 认为它可能是铁制成的。在讨论时,有同学提出: “我们可以先拿磁铁来吸一下”。就“拿磁铁吸一下” 这一过程而言,属于科学探究中的 ( A ) A、实验 B、假设 C、观察 D、分析
电磁铁磁性强弱”的实验电路图。
(1)要改变电磁铁线圈中的电流大小, 可通过 滑动变阻器 来实现;要判断电磁 铁的磁性强弱,可观察 吸引铁钉的数目 来
பைடு நூலகம்
确定。
(2)下表是该组同学所做实验的记录: ①比较实验中的1、2、3(或4、5、6),可得出的结论是:
电磁铁的匝数一定时,通过电磁铁线圈中的电 越大,电磁铁的磁性越强 流 ;
B.乙棒有磁性,甲棒无磁性
C.甲、乙都有磁性
D.以上三种说法都有可能
例2:如图所示的三根钢棒,B有磁性,则( C ) A. A棒有磁性,C棒无磁性 B. A棒无磁性,C棒有磁性 C. A棒可能有磁性,也可能没有磁性
D.C棒可能有磁性,也可能没有磁性
磁体间的相互作用规律 例3.磁悬浮列车是在车厢和铁轨上分别安放磁体, 利用同名磁极相互 排斥,使列车离开地面,从而减小列 车运行时的阻力,提高车速。 例4.把铁棒甲的一端靠近铁棒乙的中部时,发现两 者吸引,而把乙的一端靠近甲的中部时,两者互不吸引, 则( A ) A甲有磁性,乙无磁性 B甲无磁性,乙有磁性 C甲、乙都有磁 D甲、乙都无磁性
第16章 交流电电磁场电磁波
第十六章 交流电 电磁场和电磁波高考热点本部分共有7个考点,分别是交流发电机及其产生正弦交流电的原理,正弦式电流的图象和三角函数表达,最大值与有效值,周期与频率;电阻,电感和电容对交变电流的作用:变压器的原理,电压比和电流比;电能的输送;电磁场电磁波,电磁波的周期、频率、波长和波速;无线电波的发射和接收;电视,雷达。
交流电部分以理解运用为主,电磁场和电磁波以了解为主,题型以选择题为主,重点考查交流电的产生原理、“四值”及变压器原理。
这部分内容的最大特大是与生产、生活、科技联系紧密,如发电机、变压器、互感器、远距离输电、漏电保护器、日光灯电路、滤波整流电路、通讯、雷达等,有些要求较高,如发电机模型、变压器模型工、远距离输电模型,大部分要求较低,如雷达、电视、滤波整流、麦克斯韦电磁场理论、电磁波谱、电磁波的发射和接收等。
在复习过程中,应注意抓住基本概念和基本原理,该识记的识记,该理解的理解,并加强联系实际,提高综合应用能力的相关训练。
知识和方法提要一、交流电的基础知识1、交流电:强度和方向随时间做周期性变化的电流叫做交流电2、正弦交流电及产生当闭合线圈在匀强磁场中匀速转动时,线圈中产生的感应电动势随时间而变化。
若线圈从中性面开始转动,则感应电动势的表达式为e =E m sin ωt ,其中E m =nBS ω,这就是正弦交流电。
3、中性面:线圈与匀强磁场垂直时线圈所在的平面。
线圈处于中性面时,线圈的磁通量最大,磁通量变化率为零,此时交流电瞬时值为零,线圈经过中性面时,线圈中交流电的方向发生变化。
4、表征交流电的物理量:(1)有效值交流电的有效值是根据电流的热效应规定的:让交流和直流通过相同阻值的电阻,如果它们在相同的时间内产生的热量相等,就把这一直流的数值叫做这一交流电的有效值。
(2)瞬时值:某一时刻交流电的电流或电压值,如e = nBS ωsin ωt ,它反映了交流电的变化规律。
(3)最大值:交流电在一个周期内所有达到的最大瞬时值,如E m =nBS ω,它反映了交流电的变化范围。
电磁感应-知识点总结
第16章:电磁感应一、知识网络二、重、难点知识归纳1. 法拉第电磁感应定律(1).产生感应电流的条件:穿过闭合电路的磁通量发生变化。
以上表述是充分必要条件。
不论什么情况,只要满足电路闭合和磁通量发生变化这两个条件,就必然产生感应电流;反之,只要产生了感应电流,那么电路一定是闭合的,穿过该电路的磁通量也一定发生了变化。
当闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线的运动时,电路中有感应电流产生。
这个表述是充分条件,不是必要的。
在导体做切割磁感线运动时用它判定比较方便。
(2).感应电动势产生的条件:穿过电路的磁通量发生变化。
闭合电路中磁通量发生变化时产生感应电流当磁场为匀强磁场,并且线圈平面垂直磁场时磁通量:φ=BS 如果该面积与磁场夹角为α,则其投影面积为S sin α,则磁通量为Φ=BS sin α。
磁通量的单位: 韦伯,符号:Wb 产生感应电流的方法自感电磁感应自感电动势灯管 镇流器 启动器闭合电路中的部分导体在做切割磁感线运动 闭合电路的磁通量发生变 感应电流方向的判定 右手定则, 楞次定律 感应电动势的大小E=BL νsin θtnE ∆∆=φ 实验:通电、断电自感实验大小:tI LE ∆∆= 方向:总是阻碍原电流的变化方向应用日光灯构造日光灯工作原理:自感现象感应现象:这里不要求闭合。
无论电路闭合与否,只要磁通量变化了,就一定有感应电动势产生。
这好比一个电源:不论外电路是否闭合,电动势总是存在的。
但只有当外电路闭合时,电路中才会有电流。
(3). 引起某一回路磁通量变化的原因a磁感强度的变化b线圈面积的变化c线圈平面的法线方向与磁场方向夹角的变化(4). 电磁感应现象中能的转化感应电流做功,消耗了电能。
消耗的电能是从其它形式的能转化而来的。
在转化和转移中能的总量是保持不变的。
(5). 法拉第电磁感应定律:a决定感应电动势大小因素:穿过这个闭合电路中的磁通量的变化快慢b注意区分磁通量中,磁通量的变化量,磁通量的变化率的不同—磁通量,—磁通量的变化量,c定律容:感应电动势大小决定于磁通量的变化率的大小,与穿过这一电路磁通量的变化率成正比。
2013届高考物理核心要点突破系列课件:第16章《电磁感应》本章优化总结(人教版选修3-2)
E 则可得 Mg=BIL,I= ,E=BLvm R 则 vm=MgR/B2L2. (2)从静止至匀速之后的某时刻, 下降的高度为 h, 由能量转化和守恒可得 1 Mgh= (M+m)v2 +Q m 2 2 4 4 解得 Q=Mg[h-(M+m)MgR /2B L ].
【答案】 (1)MgR/B2L2 (2)Mg[h-(M+m)MgR2/2B4L4]
例3 在竖直向下的磁感应强度为B的匀强磁场中,
图16-6
(1)金属棒的最大速度;
(2)若重物从静止开始至匀速运动的某一时刻,下
落的高度为h,求这一过程中电阻R上产生的热量
.
【解析】 (1)重物M拉动金属杆运动,切割磁感
线产生感应电流,ab杆将受到水平向左的安培力
的作用,杆的速度将逐渐增大,在物体的重力和 安培力相等时,金属棒达到最大速度.设最大速 度为vm,
即F-t图象.这些电磁感应的过程大体上可分为
两类:由给定的电磁感应过程选出或画出正确的 图象,或由给定的有关图象分析电磁感应过程, 求出相应的物理量,丌管是何种类型,电磁感应 中的图象问题常需右手定则、楞次定律和法拉第 电磁感应定律等规律分析解决.
2.解决此类问题的一般步骤 (1)明确图象的种类. (2)分析电磁感应的具体过程. (3)利用右手定则、楞次定律确定E、I的方向. (4)结合法拉第电磁感应定律、欧姆定律、牛顿运 动定律等规律写出函数方程. (5)根据函数方程,迚行数学分析,如分析斜率的 变化、截距等. (6)画图象或判断图象.
【解析】 (1)对 cd 棒受力分析如图 16-4 所示 由平衡条件得 mgsin θ=BIL mgsin θ 0.02×10×sin30° 得 I= = A=1 A. BL 0.2×0.5 根据楞次定律可判定通过棒 cd 的电流方向为由 d 到 c.
16、17章电磁感应 例题习题
第十六章 电磁感应例题例16-1如图所示,一载流螺线管的旁边有一圆形线圈,欲使线圈产生图示方向的感应电流i ,下列哪一种情况可以做到(A ) 载流螺线管向线圈靠近. (B) 载流螺线管离开线圈.(C) 载流螺线管中电流增大. (D) 载流螺线管中插入铁芯. [ B ]例16-2如图所示,一电荷线密度为的长直带电线(与一正方形线圈共面并与其一对边平行)以变速率v=v (t )沿着其长度方向运动,正方形线圈中的总电阻为R ,求t 时刻方形线圈中感应电流i (t )的大小不计线圈自身的自感).解:长直带电线运动相当于电流λ⋅=)(t I v . (2分)正方形线圈内的磁通量可如下求出x a xa I d 2d 0+⋅π=μΦ 2ln 2d 2000⋅π=+π=⎰Ia x a x Ia a μμΦ 2ln t d I d 2a t d d 0i πμ=-=εΦ2ln td )t (d a 20v λπμ= 2ln td )t (d a R 2R)t (i 0i v λπμ=ε=例16-3电荷Q 均匀分布在半径为a 、长为L ( L >>a )的绝缘薄壁长圆筒表面上,圆筒以角速度绕中心轴线旋转.一半径为2a 、电阻为R 线圈套在圆筒上(如图所示).若圆筒转速按照)/1(00t t -=ωω的规律(0和t 0是已知常数)向.解:筒以旋转时,相当于表面单位长度上有环形电流π⋅2ωL Q ,它和通电流螺线管的nI 等效. 按长螺线管产生磁场的公式,筒内均匀磁场磁感强度为:LQ B π=20ωμ (方向沿筒的轴向)筒外磁场为零.穿过线圈的磁通量为: La Q B a 2202ωμΦ=π=在单匝线圈中产生感生电动势为 =Φ-=εt d d )d d (220t L Qa ωμ-00202Lt Qa ωμ= 感应电流i 为020RLt 2Qa R i ωμ=ε=i 的流向与圆筒转向一致.iIaa aλ v (t )2aaωz L例16-4如图所示,一段长度为l 的直导线MN ,水平放置在载电流为I 的竖直长导线旁与竖直导线共面,并从静止由图示位置自由下落,则t 秒末导线两端的电势差=-N M U U;点电势高.al a t Ig+π-ln 20μ N 例16-5一内外半径分别为R 1, R 2的均匀带电平面圆环,电荷面密度为,其中心有一半径为r 的导体小环(R 1 >>r ),二者同心共面如图.设带电圆环以变角速度t )绕垂直于环面的中心轴旋转,导体小环中的感应电流i 等于多少方向如何(已知小环的电阻为R ')解:带电平面圆环的旋转相当于圆环中通有电流I .在R 1与R 2之间取半径为R 、宽度为d R 的环带,环带内有电流 R t R I d )(d ωσ=d I 在圆心O 点处产生的磁场 R t R I B d )(21/.d 21d 00σωμμ==在中心产生的磁感应强度的大小为 ))((21120R R t B -=σωμ选逆时针方向为小环回路的正方向,则小环中 2120))((21r R R t π-≈σωμΦtt R R r t i d )(d )(2d d 1220ωσμΦε-π-=-= t t R R R r R i i d )(d 2)(π1220ωσμε⋅'--='= 方向:当d (t ) /d t >0时,i 与选定的正方向相反;否则 i 与选定的正方向相同.例16-6求长度为L 的金属杆在均匀磁场B ϖ中绕平行于磁场方向的定轴OO '转动时的动生电动势.已知杆相对于均匀磁场B ϖ的方位角为,杆的角速度为,转向如图所示.解:在距O 点为l 处的d l 线元中的动生电动势为 dl B ϖϖϖd )(⋅⨯=vθωsin l =v∴⎰⎰⋅απ=⨯=εLv v λλρϖϖd cos )21sin(B d )B (L⎰⎰θω=θω=ΛθL2d sin B sin d sin lB λλλθω22sin 21BL =的方向沿着杆指向上端.例16-7在感应电场中电磁感应定律可写成t l E LK d d d Φ-=⎰⋅ϖϖ,式中K E ϖ为感应电场的电场强度.此式表明:(A) 闭合曲线L 上K E ϖ处处相等. (B) 感应电场是保守力场.M NalR 1R 2 rσω (t OωB ϖ θL(C) 感应电场的电场线不是闭合曲线.(D) 不能像对静电场那样引入电势的概念. [ D ]例16-8在圆柱形空间内有一磁感强度为B ϖ的均匀磁场,如图所示.B ϖ的大小以速率d B /d t 变化.在磁场中有A 、B 两点,其间可放直导线AB 和弯曲的导线ACB ,则(A) 电动势只在直导线AB 中产生.(B) 电动势只在弯曲导线ACB 中产生. (C) 电动势在直导线和弯曲的中都产生,且两者大小相等.(D) 直导线AB 中的电动势小于弯曲的导线ACB 中的电动势. [ D ] 例16-9两根平行无限长直导线相距为d ,载有大小相等方向相反的电流I ,电流变化率d I /d t =>0.一个边长为d 的正方形线圈位于导线平面内与一根导线相距d ,如图所示.求线圈中的感应电动势,并说明线圈中的感应电动势的方向.解:(1) 无限长载流直导线在与其相距为r 处产生的磁感强度为:)2/(0r I B π=μ 以顺时针为线圈回路的正方向,与线圈相距较远和较近的导线在线圈中产生的磁通量为:23ln 2d 203201π=π⋅=⎰Idr r I d dd μμΦ 2ln 2d 20202π-=π⋅-=⎰Id r r I d ddμμΦ总磁通量 34ln 2021π-=+=IdμΦΦΦ感应电动势为:34ln 2d d )34(ln 2d d 00αμμεπ=π=-=d t I d t Φ 由>0,所以的绕向为顺时针方向,线圈中的感应电流亦是顺时针方向.例16-10在一个塑料圆筒上紧密地绕有两个完全相同的线圈aa ′和bb ′,当线圈aa ′和bb ′绕制如图(1)时其互感系数为M 1,如图(2)绕制时其互感系数为M 2,M 1与M 2的关系是 (A) M 1 = M 2 ≠0. (B) M 1 = M 2 = 0.(C) M 1 ≠M 2,M 2 = 0. (D) M 1 ≠M 2,M 2 ≠0. [ D ] 2、对于单匝线圈取自感系数的定义式为L =/I .当线圈的几何形状、大小及周围磁介质分布不变,且无铁磁性物质时,若线圈中的电流强度变小,则线圈的自感系数L (A) 变大,与电流成反比关系. (B) 变小. (C) 不变. (D) 变大,但与电流不成反比关系. [ C ]习题16-1将形状完全相同的铜环和木环静止放置,并使通过两环面的磁通量随时间的变化率相等,则不计自感时(A) 铜环中有感应电动势,木环中无感应电动势.OA B C⊗B ϖa a ′ bb ′aa ′ bb ′图(1)图(2)dII(B) 铜环中感应电动势大,木环中感应电动势小.(C) 铜环中感应电动势小,木环中感应电动势大.(D) 两环中感应电动势相等. [ D ] 16-2半径为R 的长直螺线管单位长度上密绕有n 匝线圈.在管外有一包围着螺线管、面积为S 的圆线圈,其平面垂直于螺线管轴线.螺线管中电流i 随时间作周期为T 的变化,如图所示.求圆线圈中的感生电动势ε.画出ε─t 曲线,注明时间坐标. 解:螺线管中的磁感强度 ni B 0μ=,通过圆线圈的磁通量 i R n 20π=μΦ.取圆线圈中感生电动势的正向与螺线管中电流正向相同,有 td id R n t d d 20i πμ-=Φ-=ε. 在0 < t < T / 4内,T I T I t im m 44/d d == , 20i R n πμ-=εTI m 4=T I nR m /420μπ-= 在T / 4 < t < 3T / 4内,TI T I t im m 42/2d d -=-=, =εi T /I nR 4m 20μπ. 在3T / 4 < t < T 内,TI T I t im m 44/d d ==, =εi T I nR m /420μπ-. ─t 曲线如图.16-3在一通有电流I 的无限长直导线所在平面内,有一半径为r 、电阻为R 的导线小环,环中心距直导线为a ,如图所示,且a >> r .当直导线的电流被切断后,沿着导线环流过的电荷约为 (A))11(220r a a R Ir +-πμ (B) a r a R Ir +ln 20πμ (C) aR Ir 220μ (D) rRIa 220μ [ C ]16-4如图所示,有一根长直导线,载有直流电流I ,近旁有一个两条对边与它平行并与它共面的矩形线圈,以匀速度v ϖ沿垂直于导线的方向离开导线.设t =0时,线圈位于图示位置,求:(1) 在任意时刻t 通过矩形线圈的磁通量. (2) 在图示位置时矩形线圈中的电动势.解:建立坐标系,x 处磁感应强度x2IB 0πμ=;方向向里 在x 处取微元,高l 宽dx ,微元中的磁通量:dx x2IBydx S d B d 0λρρπμ==⋅=Φεi tT /4 3T /4 T /2 TO i I m -m T /4 T /23T /4 T tIrIabv ϖla bv ϖlx磁通量:⎰⎰⋅πμ==S 0x d r 2I S d B )t (λϖϖΦ⎰++πμ=tb ta 0x x d 2I v v λt a tb ln 2I 0v v ++μ=πλ 感应电动势ab2)a b (I td d 00t π-μ=-=ε=v λΦ方向:顺时针16-5在一长直密绕的螺线管中间放一正方形小线圈,若螺线管长1 m ,绕了1000匝,通以电流 I =10cos100t (SI ),正方形小线圈每边长5 cm ,共 100匝,电阻为1 ,求线圈中感应电流的最大值(正方形线圈的法线方向与螺线管的轴线方向一致,=4×10-7 T ·m/A .)解: n =1000 (匝/m) nI B 0μ=nI a B a 022μΦ=⋅=tInNa t Nd d d d 02με-=Φ-==2×10-1 sin 100 t (SI)==R I m m /ε2×10-1 A = 0.987 A16-6如图所示,在一长直导线L 中通有电流I ,ABCD 为一矩形线圈,它与L 皆在纸面内,且AB 边与L 平行. 矩形线圈在纸面内向右移动时,线圈中感应电动势方向为;矩形线圈绕AD 边旋转,当BC 边已离开纸面正向外运动时,线圈中感应动势的方向为.ADCBA 绕向 ADCBA 绕向16-7金属杆AB 以匀速v =2 m/s 平行于长直载流导线运动,导线与AB 共面且相互垂直,如图.已知导线载有电流I = 40 A ,则此金属杆中的感应电动势i =;端电势较高.(ln2 =×10-5 V A 端16-8两相互平行无限长的直导线载有大小相等方向相反的电流,长度为b 的金属杆CD 与两导线共面且垂直,相对位置如图.CD 杆以速度v ϖ平行直线电流运动,求CD 杆中的感应电动势,并判断C 、D 两端哪端电势较高 解:建立坐标(如图)则:21B B B ϖϖϖ+=xIB π=201μ, )(202a x I B -π=μx Ia x I B π--π=2)(200μμ, B ϖ方向⊙d x xa x I x B d )11(2d 0--π==v v μ aILA DCI1 m 1 mABv ϖa a bII C Dv ϖ 2a x +d x 2a +b II C D v ϖ xOx⎰⎰--πμ=ε=ε+x d )x1a x 1(2I d ba 202av b a b a I ++π=2)(2ln20v μ 感应电动势方向为C →D ,D 端电势较高.16-9两根无限长平行直导线载有大小相等方向相反的电流I ,并各以d I /d t 的变化率增长,一矩形线圈位于导线平面内(如右图),则:(A) 线圈中无感应电流. (B) 线圈中感应电流为顺时针方向. (C) 线圈中感应电流为逆时针方向. (D) 线圈中感应电流方向不确定. [ B ]16-10用线圈的自感系数L 来表示载流线圈磁场能量的公式221LI W m =(A) 只适用于无限长密绕螺线管 (B) 只适用于单匝圆线圈(C) 只适用于一个匝数很多,且密绕的螺绕环 (D) 适用于自感系数L一定的任意线圈[ D ] 16-11两根平行长直导线,横截面的半径都是a ,中心线相距d ,属于同一回路.设两导线内部的磁通都略去不计,证明:这样一对导线单位长的自感系数为 aa d L -π=ln 0μ 证明:取长直导线之一的轴线上一点作坐标原点,设电流为I ,则在两长直导线的平面上两线之间的区域中B 的分布为 rIB π=20μ)(20r d I-π+μ穿过单位长的一对导线所围面积(如图中阴影所示)的磁通为==⎰⋅SS B ϖϖd Φr rd r Iad ad )11(20⎰--+πμa ad I -π=ln 0μaad IL -π==lnμΦ16-12一自感线圈中,电流强度在 s 内均匀地由10 A 增加到12 A ,此过程中线圈内自感电动势为400V ,则线圈的自感系数为;线圈末态储存的能量为.H16-13两个通有电流的平面圆线圈相距不远,如果要使其互感系数近似为零,则应调整线圈的取向使 (A) 两线圈平面都平行于两圆心连线.(B) 两线圈平面都垂直于两圆心连线. (C) 一个线圈平面平行于两圆心连线,另一个线圈平面垂直于两圆心连线.(D) 两线圈中电流方向相反. [ C ]I I2a drIIOr16-14空中两根很长的相距为2a 的平行直导线与电源组成闭合回路如图.已知导线中的电流为I ,则在两导线正中间某点P 处的磁能密度为 (A) 200)2(1aIπμμ. (B)200)2(21aIπμμ. (C)200)(21aIπμμ. (D) 0 . [ C ]第十七章 电磁波17-1电磁波的E ϖ矢量与H ϖ矢量的方向互相;相位.垂直 相同II 2a P。
第16章_麦克斯韦方程组和电磁辐射剖析
P t
dS
IP
D 0E P
( B M ) dr
L 0
S
J
c
(
0
E t
P)
dS
H dr L
S
(Jc
D t
)
dS
13
洛仑兹力公式
f qE qv B
这一公式实际上是电场和磁场的定义
场量与物质特性的关系式:
D 0E P E 0r E
B 0(H M ) H 0r H
方程Ⅳ是一般形式下的安培环路定理,它说明磁
场和电流以及变化的电场的联系.
7
电荷
激 发
运动 变化
电流 激 发
电场
变化
磁场
在已知电荷和电流的分布和场量E、B在 t=0时的初始值后,应用麦克斯韦方程组和以上 关系式就可以确定任一时刻的电磁场。
真空中的麦氏方程组的微分形式
E /0
B 0
E B t
第16章 麦克斯韦方程组
和电磁辐射
Maxwell equations and Electromagnetic radiation
主要内容 • 麦克斯韦方程组
• 加速电荷的电场
• 加速电荷的磁场
• 电磁波的能量
• 同步辐射
• 电磁波的动量
• A-B效应
1
麦克斯韦(1831-1879)英国物理学家
dV 1
V
0
V (0 )dV
S P dS q V dV
S (0E P) dS
D dS
S
V 0dV q0
B dr L
0
I
1 c2
de dt
0
S
(
J
16 电磁感应和电磁波
i
负号说明电动势方 向与所设方向相反
第16章 电磁感应和电磁波
d 动
(V B) dl
磁场中的运动导线成为电源,非静电力是洛伦兹力 一般情况 ˆ
线元 dl 扫过的矢量面元为 ds (Vdt ) dl
n
dl Vdt
穿过面元 S 的磁通为
B
L
1) 任设回路的电动势方向(简称计算方向L);
2) 磁通量的正负与所设计算方向的关系: 当磁力线方向与计算方向成右手螺旋关系时
磁通量的值取正,
否则 磁通量的值取负; 3) 计算结果的正负给出了电动势的方向:
0 说明电动势的方向就是所设的计算方向; 0 说明电动势的方向与所设计算方向相反。
求 与其共面的N匝矩形回路中的感应电动势。 解 已知
I I 0 sin t
其中 I0 和 是大于零的常数
设当I 0时 电流方向如图 设回路L方向
建坐标系如图
L
在任意坐标x处取一面元
N N
S
ds B dS
d a
I
d
ds l
N BdS N S
(2) 感应电流 若闭合回路中电阻为R
q 与过程 进行的速 度无关 感应电荷
6
dΦ dqi Ii R Rdt dt
得,磁通 计的原理
qi I i dt
t1
t2
Φ2
Φ1
第16章 电磁感应和电磁波
1 dΦ Φ1 Φ2 / R R
例1 直导线通交流电,置于磁导率为 的介质中。
=?
例2 在空间均匀的磁场 B Bz 中, ˆ 导线ab绕z轴以 匀速旋转,导线ab与z轴夹角为。
第16章 电磁感应 补充题
第16章 电磁感应 习题一、选择题1.自感为 0.25 H 的线圈中,当电流在(1/16) s 内由2 A 均匀减小到零时,线圈中自感电动势的大小为: [ ](A) 7.8 ×10- 3V . (B) 3.1 ×10- 2V . (C) 8.0 V . (D) 12.0 V .2.在一自感线圈中通过的电流I 随时间t 的变化规律如图(a)所示,若以I 的正流向作为ψ的正方向,则代表线圈内自感电动势L ε随时间t 变化规律的曲线应为图(b)中(A)、(B)、(C)、(D)中的哪一个? [ ]3.一根长度为L 的铜棒,在均匀磁场 B 中以匀角速度ω绕通过其一端O 的定轴旋转着,B 的方向垂直铜棒转动的平面,如图所示.设t =0时,铜棒与Ob 成θ 角(b 为铜棒转动的平面上的一个固定点),则在任一时刻t 这根铜棒两端之间的感应电动势是: [ ](A) )cos(2θωω+t B L . (B) t B L ωωcos 212.(C) )cos(22θωω+t B L . .(D)B L 221ω.4.有两个线圈,线圈1对线圈2的互感系数为M 21,而线圈2对线圈1的互感系数为M 12.若它们分别流过i 1和i 2的变化电流且t iti d d d d 21>,并设由i 2变化在线圈1中产生的互感电动势12ε,由i 1变化在线圈2中产生的互感电动势为21ε,判断下述哪个论断正确.(A) M 12 = M 21,12ε= 21ε. (B) M 12≠M 21,12ε ≠ 21ε (C) M 12 = M 21,21ε> 12ε. (D) M 12 = M 21,21ε< 12ε.tI 0 t 0t 00 (A) (B) (C) (D) (b) (a)L εLεL εLB ωL O θ b5.如图所示,一矩形金属线框,以速度v 从无场空间进入一均匀磁场中,然后又从磁场中出来,到无场空间中.不计线圈的自感,下面哪一条图线正确地表示了线圈中的感应电流对时间的函数关系?(从线圈刚进入磁场时刻开始计时,I 以顺时针方向为正) [ ]6.对于单匝线圈取自感系数的定义式为L = /I .当线圈的几何形状、大小及周围磁介质分布不变,且无铁磁性物质时,若线圈中的电流强度变小,则线圈的自感系数L [ ](A) 变大,与电流成反比关系. (B) 变小. (C) 不变. (D) 变大,但与电流不成反比关系.7.在真空中一个通有电流的线圈a 所产生的磁场内有另一个线圈b ,a 和b 相对位置固定.若线圈b 中电流为零(断路),则线圈b 与a 间的互感系数:(A) 一定为零. (B)一定不为零.(C) 可以不为零. (D) 是不可能确定的.IO(D)IO(C)O (B)二、填空题1.一个长l 、截面半径为R的圆柱形纸筒上均匀密绕有两组线圈。
九年级物理16章知识点总结手写
九年级物理16章知识点总结手写九年级物理知识点总结九年级学习物理的最后一个单元是第16章,这一章主要涉及到电与磁的知识。
在本篇文章中,我将对九年级物理第16章的主要知识点进行总结和归纳,帮助大家更好地理解和掌握物理知识。
一、电与磁的基本性质电与磁是紧密相关的物理现象。
电荷是物质的固有属性,可以分为正电荷和负电荷。
同种电荷相互排斥,异种电荷相互吸引。
磁有两个基本极性,即南极和北极。
同种磁极相互排斥,异种磁极相互吸引。
电磁力是电荷和磁极之间的相互作用力。
二、电路中的电流和电阻电流是指单位时间内电荷通过导体横截面的数量,单位是安培(A)。
电流的方向是由正电荷流向负电荷的方向。
电阻是导体阻碍电荷流动的特性。
电阻大小与导体材料的特性以及导体长度和截面积有关。
电阻的单位是欧姆(Ω)。
根据欧姆定律,电流与电压和电阻之间存在着线性关系:I=U/R,其中I表示电流,U表示电压,R表示电阻。
三、欧姆定律和功率欧姆定律是电流、电压和电阻之间的基本关系。
根据欧姆定律,当电阻不变时,电流与电压成正比。
而当电压不变时,电流与电阻成反比。
功率是电能转化的速率,是单位时间内电流所做的功。
功率的计算公式为:P=UI,其中P表示功率,U表示电压,I表示电流。
四、电源和电路连接电源是提供电能的装置,常见的电源有干电池、蓄电池和发电机等。
电路是由导体、电源、电阻等元件组成的电流路径。
电路可以分为串联、并联和复合电路。
串联电路中,电流只有一条路径流动;并联电路中,电流分成多条路径并行流动。
五、电磁感应和发电机电磁感应是指导体中的磁场变化会引起感应电动势的现象。
根据法拉第电磁感应定律,当导体和磁场之间相对运动或磁场发生变化时,感应电动势和感应电流就会产生。
发电机是利用电磁感应现象将机械能转化为电能的装置。
发电机主要由磁场、线圈和导电材料构成。
六、电磁铁和电磁感应器电磁铁是通过通过电流在导线上产生的磁场而形成的一种人工磁体。
电磁感应器是根据电磁感应原理制成的一种测量仪器或装置。
第16章电磁转换课件PPT苏科版物理九年级下册
难点突破
3、通电导线在磁场中受到力的作用,力的方向跟电流方向、磁场方向都有关 系。当电流方向或磁场方向改变,通电导线受力的方向也改变。通电线圈能在 磁场中转动;但通电线圈不能在磁场中持续转动下去。平衡位置:通电线圈的 平面与磁感线垂直时,线圈受到磁场的作用力是一对平衡力,这个位置称做平 衡位置。电动机工作原理:通电线圈在磁场中受力转动。
A.线圈匝数越多,磁性越强 B.线圈电流越大,磁性越强
C.拔出线圈中的铁钉,磁性变弱 D.改变电流方向,磁场方向改变
解析:A、由图可知,两电磁铁串联,通过的电流相同,右边电磁铁线圈匝数比左边电 磁铁多,吸引的大头针多,说明右边电磁铁的磁性强;因此用该装置,可以探究“线圈 匝数越多,磁性越强”,故A不符合题意;B、由图可知,当向左移动滑片时,连入电 路的阻值变小,由欧姆定律可知,电流变大;对同一个电磁铁进行观察,可以发现该电 磁铁吸引的大头针数目明显增多,可以探究“线圈电流越大,磁性越强”,故B不符合 题意.C、电磁铁中线圈磁场和被磁化的铁芯共同作用形成的一个磁场,若将线圈的铁 钉拔出,磁性大大减弱,通过线圈中的铁钉吸引大头针数目的多少,可以探究“拔出线 圈中的铁钉,磁性变弱”,故C不符合题意.D、改变电流方向,两个电磁铁仍然具有 磁性,仍然可以吸引大头针,不能体现磁场方向的改变,故D符合题意
3.磁场对通电直导线、通电螺线管的作用。 B、由图可知,当向左移动滑片时,连入电路的阻值变小,由欧姆定律可知,电流变大;
4、关于电与磁及其应用,下列说法正确的是( )
D.伽利略的“理想斜面实验”说明了力不是维持物体运动的原因
一次家庭探究活动中,小明把一个正在发光的灯泡放到U形磁体中间,惊讶的发现了灯丝在晃动.关于这种现象,下列说法正确的是( )
本章小结
16、17章电磁感应 例题习题资料讲解
16、17章电磁感应例题习题第十六章 电磁感应例题例16-1如图所示,一载流螺线管的旁边有一圆形线圈,欲使线圈产生图示方向的感应电流i ,下列哪一种情况可以做到?(A ) 载流螺线管向线圈靠近. (B) 载流螺线管离开线圈.(C) 载流螺线管中电流增大. (D) 载流螺线管中插入铁芯. [ B ]例16-2如图所示,一电荷线密度为λ的长直带电线(行)以变速率v =v (t )沿着其长度方向运动,正方形线圈中的总电阻为R 时刻方形线圈中感应电流i (t )的大小(不计线圈自身的自感).解:长直带电线运动相当于电流λ⋅=)(t I v .(2分) 正方形线圈内的磁通量可如下求出x a x a I d 2d 0+⋅π=μΦ 2ln 2d 2000⋅π=+π=⎰Ia x a x Ia aμμΦ2ln t d I d 2a t d d 0i πμ=-=εΦ2ln td )t (d a 20v λπμ= 2ln td )t (d a R 2R)t (i 0i v λπμ=ε=例16-3电荷Q 均匀分布在半径为a 、长为L ( L >>a )的绝缘薄壁长圆筒表面上,圆筒以角速度ω 绕中心轴线旋转.一半径为2a 、电阻为R 的单匝圆形线圈套在圆筒上(如图所示).若圆筒转速按照)/1(00t t -=ωω的规律(ω 0和t 0是已知常数)随时间线形地减小,求圆形线圈中感应电流的大小和流向.解:筒以ω旋转时,相当于表面单位长度上有环形电流π⋅2ωL Q ,它和通电流螺线管的nI 等效.按长螺线管产生磁场的公式,筒内均匀磁场磁感强度为:LQ B π=20ωμ (方向沿筒的轴向)a筒外磁场为零.穿过线圈的磁通量为: La Q B a 2202ωμΦ=π=在单匝线圈中产生感生电动势为 =Φ-=εt d d )d d (220t L Qa ωμ-00202Lt Qa ωμ= 感应电流i 为020RLt 2Qa R i ωμ=ε=i 的流向与圆筒转向一致.例16-4如图所示,一段长度为l 的直导线MN ,水平放置在载电流为I 的竖直长导线旁与竖直导线共面,并从静止由图示位置自由下落,则t 秒末导线两端的电势差=-N M U U ; 点电势高.al a t Ig+π-ln 20μ N例16-5一内外半径分别为R 1, R 2的均匀带电平面圆环,电荷面密度为σ,其中心有一半径为r 的导体小环(R 1 >>r ),二者同心共面如图.设带电圆环以变角速度ω =ω(t )绕垂直于环面的中心轴旋转,导体小环中的感应电流i 等于多少?方向如何(已知小环的电阻为R ')?解:带电平面圆环的旋转相当于圆环中通有电流I .在R 1与R 2之间取半径为R 、宽度为d R 的环带,环带内有电流 R t R I d )(d ωσ=d I 在圆心O 点处产生的磁场 R t R I B d )(21/.d 21d 00σωμμ==在中心产生的磁感应强度的大小为 ))((21120R R t B -=σωμ选逆时针方向为小环回路的正方向,则小环中 2120))((21r R R t π-≈σωμΦtt R R r t i d )(d )(2d d 1220ωσμΦε-π-=-= t t R R R r R i i d )(d 2)(π1220ωσμε⋅'--='=方向:当d ω (t ) /d t >0时,i 与选定的正方向相反;否则 i 与选定的正方向相同.例16-6求长度为L 的金属杆在均匀磁场B ϖ中绕平行于磁场方向的定轴OO '转动时的动生电动势.已知杆相对于均匀磁场B ϖ的方位角为θ,杆的角速度为ω,转向如图所示.解:在距O 点为l 处的d l 线元中的动生电动势为 d ε l B ϖϖϖd )(⋅⨯=vθωsin l =v∴⎰⎰⋅απ=⨯=εLv v λλρϖϖd cos )21sin(B d )B (L⎰⎰θω=θω=ΛθL2d sin B sin d sin lB λλλθω22sin 21BL =ε 的方向沿着杆指向上端.例16-7在感应电场中电磁感应定律可写成t l E LK d d d Φ-=⎰⋅ϖϖ,式中K E ϖ为感应电场的电场强度.此式表明:(A) 闭合曲线L 上K E ϖ处处相等. (B) 感应电场是保守力场.(C) 感应电场的电场线不是闭合曲线.(D) 不能像对静电场那样引入电势的概念. [ D ]例16-8在圆柱形空间内有一磁感强度为B ϖ的均匀磁场,如图所示.B ϖ的大小以速率d B /d t变化.在磁场中有A 、B 两点,其间可放直导线AB 和弯曲的导线ACB ,则 (A) 电动势只在直导线AB 中产生.(B) 电动势只在弯曲导线ACB 中产生.(C) 电动势在直导线和弯曲的中都产生,且两者大小相等.(D) 直导线AB 中的电动势小于弯曲的导线ACB 中的电动势. [ D ] 例16-9两根平行无限长直导线相距为d ,载有大小相等方向相反的电流I ,电流变化率d I /d t =α >0.一个边长为d 的正方形线圈位于导线平面内与一根导线相距d ,如图所示.求线圈中的感应电动势ε,并说明线圈中的感应电动势的方向.解:(1) 无限长载流直导线在与其相距为r 处产生的磁感强度为:0B =μ以顺时针为线圈回路的正方向,与线圈相距较远和较近的导线在线圈中产生的磁通量为:O ABC⊗B ϖOωB ϖθLdII23ln 2d 203201π=π⋅=⎰Idr r I d dd μμΦ 2ln 2d 20202π-=π⋅-=⎰Id r r I d ddμμΦ总磁通量 34ln 2021π-=+=IdμΦΦΦ感应电动势为: 34ln 2d d )34(ln 2d d 00αμμεπ=π=-=d t I d t Φ 由ε >0,所以ε 的绕向为顺时针方向,线圈中的感应电流亦是顺时针方向. 例16-10在一个塑料圆筒上紧密地绕有两个完全相同的线圈aa ′和bb ′,当线圈aa ′和bb ′绕制如图(1)时其互感系数为M 1,如图(2)绕制时其互感系数为M 2,M 1与M 2的关系是(A) M 1 = M 2 ≠0. (B) M 1 = M 2 = 0.(C) M 1 ≠M 2,M 2 = 0. (D) M 1 ≠M 2,M 2 ≠0. [ D ]2、对于单匝线圈取自感系数的定义式为L =Φ /I .当线圈的几何形状、大小及周围磁介质分布不变,且无铁磁性物质时,若线圈中的电流强度变小,则线圈的自感系数L (A) 变大,与电流成反比关系. (B) 变小. (C) 不变. (D) 变大,但与电流不成反比关系. [ C ]习题16-1将形状完全相同的铜环和木环静止放置,并使通过两环面的磁通量随时间的变化率相等,则不计自感时(A) 铜环中有感应电动势,木环中无感应电动势. (B) 铜环中感应电动势大,木环中感应电动势小.(C) 铜环中感应电动势小,木环中感应电动势大. (D) 两环中感应电动势相等. [ D ]图(2)I m16-2半径为R 的长直螺线管单位长度上密绕有n 匝线圈.在管外有一包围着螺线管、面积为S 的圆线圈,其平面垂直于螺线管轴线.螺线管中电流i 随时间作周期为T 的变化,如图所示.求圆线圈中的感生电动势ε.画出ε─t 曲线,注明时间坐标. 解:螺线管中的磁感强度 ni B 0μ=,通过圆线圈的磁通量 i R n 20π=μΦ. 取圆线圈中感生电动势的正向与螺线管中电流正向相同,有td id R n t d d 20i πμ-=Φ-=ε. 在0 < t < T / 4内,T I T I t im m44/d d == , 20i R n πμ-=εTI m 4=T I nR m /420μπ-=在T / 4 < t < 3T / 4内,TI T I t im m 42/2d d -=-=, =εi T /I nR 4m 20μπ. 在3T / 4 < t < T 内,TI T I t im m 44/d d ==, =εi T I nR m /420μπ-. ε ─t 曲线如图.16-3在一通有电流I 的无限长直导线所在平面内,有一半径为r 、电阻为R 的导线小环,环中心距直导线为a ,如图所示,且a >> r .当直导线的电流被切断后,沿着导线环流过的电荷约为(A))11(220r a a R Ir +-πμ (B) a r a R Ir +ln 20πμ (C) aR Ir 220μ (D) rRIa 220μ [ C ]16-4如图所示,有一根长直导线,载有直流电流I ,近旁有一个两条对边与它平行并与它共面的矩形线圈,以匀速度v ϖ沿垂直于导线的方向离开导线.设t =0时,线圈位于图示位置,求:(1) 在任意时刻t 通过矩形线圈的磁通量Φ. (2) 在图示位置时矩形线圈中的电动势ε.解:建立坐标系,x 处磁感应强度x2IB 0πμ=;方向向里εitT /4 3T /4T /2 TO I在x 处取微元,高l 宽dx ,微元中的磁通量:dx x2IBydx S d B d 0λρρπμ==⋅=Φ磁通量:⎰⎰⋅πμ==S 0x d r 2I S d B )t (λϖϖΦ⎰++πμ=tb ta 0x x d 2I v v λt a tb ln 2I 0v v ++μ=πλ 感应电动势ab2)a b (I td d 00t π-μ=-=ε=v λΦ方向:顺时针16-5在一长直密绕的螺线管中间放一正方形小线圈,若螺线管长1m ,绕了1000匝,通以电流 I =10cos100πt (SI ),正方形小线圈每边长5 cm ,共 100匝,电阻为1 Ω,求线圈中感应电流的最大值(正方形线圈的法线方向与螺线管的轴线方向一致,μ0 =4π×10-7 T ·m/A .)解: n =1000 (匝/m) nI B 0μ= nI a B a 022μΦ=⋅=t I nNa t N d d d d 02με-=Φ-==π2×10-1 sin 100 πt (SI) ==R I m m /επ2×10-1 A = 0.987 A16-6如图所示,在一长直导线L 中通有电流I ,ABCD 为一矩形线圈,它与L 皆在纸面内,且AB 边与L 平行. 矩形线圈在纸面内向右移动时,线圈中感应电动势方向为 ;矩形线圈绕AD 边旋转,当BC 边已离开纸面正向外运动时,线圈中感应动势的方向为 .ADCBA 绕向 ADCBA 绕向16-7金属杆AB 以匀速v =2 m/s 平行于长直载流导线运动,导线与AB 共面且相互垂直,如图.已知导线载有电流I = 40 A ,则此金属杆中的感应电动势εi = ; 端电势较高.(ln2 = 0.69)1.11×10-5 V A 端CB16-8两相互平行无限长的直导线载有大小相等方向相反的电流,长度为b 的金属杆CD 与两导线共面且垂直,相对位置如图.CD 杆以速度v ϖ平行直线电流运动,求CD 杆中的感应电动势,并判断C 、D 两端哪端电势较高?解:建立坐标(如图)则:21B B B ϖϖϖ+=xIB π=201μ, )(202a x I B -π=μx Ia x I B π--π=2)(200μμ, B ϖ方向⊙d εx xa x I x B d )11(2d 0--π==v v μ ⎰⎰--πμ=ε=ε+x d )x 1a x 1(2I d ba 202av b a b a I ++π=2)(2ln 20v μ 感应电动势方向为C →D ,D 端电势较高.16-9两根无限长平行直导线载有大小相等方向相反的电流I ,并各以d I /d t 的变化率增长,一矩形线圈位于导线平面内(如右图),则:(A) 线圈中无感应电流. (B) 线圈中感应电流为顺时针方向. (C) 线圈中感应电流为逆时针方向. (D) 线圈中感应电流方向不确定. [ B ]16-10用线圈的自感系数L 来表示载流线圈磁场能量的公式221LI W m =(A) 只适用于无限长密绕螺线管 (B) 只适用于单匝圆线圈(C) 只适用于一个匝数很多,且密绕的螺绕环 (D) 适用于自感系数L一定的任意线圈[ D ]16-11两根平行长直导线,横截面的半径都是a ,中心线相距d ,属于同一回路.设两导线内部的磁通都略去不计,证明:这样一对导线单位长的自感系数为aa d L -π=ln 0μ 证明:取长直导线之一的轴线上一点作坐标原点,设电流为I ,则在两长直导线的平面上两线之间的区域中B 的分布为a a bII CDv ϖ2a x +d x 2a +b II C D v ϖ x O xI IIIrrIB π=20μ)(20r d I-π+μ穿过单位长的一对导线所围面积(如图中阴影所示)的磁通为==⎰⋅S S B ϖϖd Φr rd r Iad ad )11(20⎰--+πμa ad I -π=ln0μ aad IL -π==lnμΦ16-12一自感线圈中,电流强度在 0.002 s 内均匀地由10 A 增加到12 A ,此过程中线圈内自感电动势为400V ,则线圈的自感系数为 ;线圈末态储存的能量为 .0.400 H28.8J16-13两个通有电流的平面圆线圈相距不远,如果要使其互感系数近似为零,则应调整线圈的取向使(A) 两线圈平面都平行于两圆心连线.(B) 两线圈平面都垂直于两圆心连线.(C) 一个线圈平面平行于两圆心连线,另一个线圈平面垂直于两圆心连线. (D) 两线圈中电流方向相反. [ C ]16-14空中两根很长的相距为2a 的平行直导线与电源组成闭合回路如图.已知导线中的电流为I ,则在两导线正中间某点P 处的磁能密度为 (A) 200)2(1aIπμμ. (B)200)2(21aIπμμ. (C)200)(21aIπμμ. (D) 0 . [ C ]第十七章 电磁波17-1电磁波的E ϖ矢量与H ϖ矢量的方向互相 ;相位 .垂直 相同。
四川大学大学物理练习册答案16电磁感应一解答
L 0 ln d a a
证:
B
BL
BR
0I 2r
0I
2 d r
r I
d 2a
O
I r
d
d a
BdS
a
0I 2
d a 1 a r
1 ldr d r
0Il ln
d a a
L F 0 ln d a
Il Il
a
旧版电磁感应二 计算题 3
(D) 变大,但与电流不成反比关系.
旧版电磁感应二 选择题 4
电磁感应(一)
第八章
7.将一块铜板垂直于磁场方向放在磁感应强度正在增 大的磁场中时,铜板中出现的涡流(感应电流)将
(A) 加速铜板中磁场的增加.
(B) 减缓铜板中磁场的增加.
(C) 对磁场不起作用.
(D) 使铜板中磁场反向.
B
i
电磁感应(一)
b
(D) 线圈中感应电流方向不确定. x
c
直导线产生的磁场 B 0I 2x
B
0I
2 x
l
l ab
B ds
0I
l a b
1
1 cdx 0cI ln a b ln l a b
la
2 la x l x
2 a
la
向外增加
电磁感应(一)
第八章
3.一导体圆线圈在均匀磁场中运动,能使其产生感 应电流的一种情况是
u×B
ei
(v
B)
dl
L
e AB
d l
uBdx
d
d l
u
d
0I 2x
dx
0 Iu 2
ln
d l d
九年级物理16章的知识点
九年级物理16章的知识点九年级物理第16章主要涉及电磁感应和电磁波两个主题。
本章中,我们将学习有关电磁感应和电磁波的基本概念、原理和应用。
以下是本章的主要知识点:一、电磁感应1. 法拉第电磁感应定律:当导体内的磁通量发生变化时,在导体两端会产生感应电动势。
2. 感应电动势的大小与磁通量的变化速率成正比,与导线长度、导线位置以及磁场方向有关。
3. 楞次定律:产生感应电动势的方向使得通过该导体的电流产生的磁场抵消变化磁场的影响。
4. 互感和自感:当两个线圈紧密相连时,通过其中一个线圈的电流变化会在另一个线圈中感应出电动势。
二、电磁感应的应用1. 电磁感应的应用包括电磁感应发电、电磁感应制动、电磁感应传感器等。
2. 发电机的工作原理是通过转动磁场感应出导线中的电动势,从而产生电流。
3. 电磁感应制动主要利用感应电流的生成磁场与运动物体磁场相互作用,实现制动目的。
4. 电磁感应传感器可以感应到物体的位置、速度和形状等信息。
三、电磁波1. 电磁波的基本概念:电磁波是由电场和磁场相互作用而产生的能量传递。
2. 电磁波的特点包括幅度、频率、波长和传播速度等。
3. 电磁波谱:根据频率的不同,电磁波谱可分为无线电波、微波、红外线、可见光、紫外线、X射线和γ射线等七个区域。
四、电磁波的应用1. 无线电通信:利用无线电波传输信息,包括广播、电视、手机通信等。
2. 微波炉和雷达:利用微波的加热效应,实现食物加热和物体检测等功能。
3. 红外线应用广泛,如红外线遥控器、夜视仪、红外线传感器等。
4. 光的反射、折射和成像:光的传播是基于电磁波理论的,因此与光相关的现象和仪器均涉及电磁波的原理。
综上所述,九年级物理第16章主要涵盖了电磁感应和电磁波两个主题。
通过学习本章,我们可以深入了解电磁感应的原理以及电磁波的生成和传播特点,为我们进一步探索电磁学领域的知识打下基础。
同时,我们也应注意电磁感应和电磁波在日常生活中的应用,如发电、通信、无线电设备等,进一步加深对这一领域的认识和理解。
法拉第电磁感应定律
Φ1 Φ2
/R
第16章 电磁感应和电磁波
例1 直导线通交流电,置于磁导率为 的介质中。
求 与其共面的N匝矩形回路中的感应电动势
解 已知 I I0 sin t 其中 I0 和 是大于零的常数
设当I 0时 电流方向如图
L
设回路L方向 建坐标系如图
在任意坐标x处取一面元 dsr
I
dsr l
rr
N N S B dS
1
第16章 电磁感应和电磁波
§16.1 法拉第电磁感应定律
一、电磁感应现象
第一类
第二类
G
××××××××
v ×××r×××××
××B××××××
1)分析上述两类产生电磁感应现象的共同原因是回路 中磁通Φ 随时间发生了变化。 2)电磁感应现象的本质是电动势。 3)第一类装置产生的电动势称感生电动势;
B、S、θ 变
Φ变
产生电磁感应
3
第16章 电磁感应和电磁波
二、 规律
1. 法拉第电磁感应定律 感应电动势的大小 2. 楞次定律
i
d dt
闭合回路中感应电流的方向,总是使它所激发的磁场来阻
止引起感应电流的磁通量的变化。楞次定律是能量守恒定
律在电n磁Φ感应 0现象上的n 具Φ体体0现。 n Φ 0
n Φ 0
第 16章 电磁感应和电磁波
§16.1 法拉第电磁感应定律
§16.2 动生电动势
§16.3 感生电动势 感生电场 §16.4 自感 互感现象 §16.5 磁场能量
M.法拉第(1§71961.~61位86移9)电伟流 感生磁法场拉第用过的螺绕环
大的物理学家、化学家、
19世纪最伟§大1的6.实7 麦验大克师斯。韦电磁场方程组
大学物理习题答案-第16章-电磁场
第16章 电磁场 参考答案一、选择题1(A),2(A),3(C),4(C),5(D),6(D),7(C),8(B),9(B),10(B) 二、填空题(1). )2/cos(/d d π+==t A NbB t x NbB ωωε 或t NBbA ωωεsin =. (2). πBnR 2, O . (3). 相同(或221R B ω), 沿曲线由中心向外.(4). 小于, 有关. (5). 0 (6). )8/(2220a I πμ. (7). 9.6 J.(8). ⎰⎰⋅∂∂S S D t ϖϖd 或 t D /d d Φ , ⎰⎰⋅∂∂-SS B t ϖϖd 或 t m /d d Φ-. (9). t E R d /d 02επ, 与E ϖ方向相同(或由正极板垂直指向负极板).(10).t B r d /d 21.三 计算题1. 如图所示,有一半径为r =10 cm 的多匝圆形线圈,匝数N =100,置于均匀磁场B ϖ中(B = 0.5 T ).圆形线圈可绕通过圆心的轴O 1O 2转动,转速 n =600 rev/min .求圆线圈自图示的初始位置转过π21时,(1) 线圈中的瞬时电流值(线圈的电阻R 为 100 Ω,不计自感);(2) 圆心处的磁感强度.(μ0 =4π×10-7 H/m)解:(1) 设线圈转至任意位置时圆线圈的法向与磁场之间的夹角为θ,则通过该圆线圈平面的磁通量为θΦcos 2r B π=, nt t π==2ωθ∴ nt r B ππ=2cos 2Φ在任意时刻线圈中的感应电动势为nt n r NB tNπππ=Φ-=2sin 2d d 2 nt n BNr ππ=2sin 222 t ΤI nt R n NBr R i m π=ππ==22sin 2sin 22 当线圈转过π /2时,t =T /4,则 987.0/22=π==2R NBn r I i m A(2) 由圆线圈中电流I m 在圆心处激发的磁场为==')2/(0r NI B m μ 6.20×10-4 T方向在图面内向下,故此时圆心处的实际磁感强度的大小500.0)(2/1220≈'+=B B B T 方向与磁场B ρ的方向基本相同.ϖ2. 如图所示,真空中一长直导线通有电流I (t ) =I 0e -λt (式中I 0、λ为常量,t 为时间),有一带滑动边的矩形导线框与长直导线平行共面,二者相距a .矩形线框的滑动边与长直导线垂直,它的长度为b ,并且以匀速v ϖ(方向平行长直导线)滑动.若忽略线框中的自感电动势,并设开始时滑动边与对边重合,试求任意时刻t 在矩形线框内的感应电动势 i 并讨论 i 方向.解:线框内既有感生又有动生电动势.设顺时针绕向为 i 的正方向.由 i = -d Φ /dt 出发,先求任意时刻t 的Φ (t )⎰⋅=S B t ρϖd )(Φy t x yt I ba ad )(2)(0⎰+π=μaba t x t I +π=ln )()(20μ 再求Φ (t )对t 的导数:)d d d d )((ln 2d )(d 0txI x t I b ba t t ++π=μΦ ab a t I t+-π=-ln )1(e 200λμλv )(t x v =∴ i ab a t I tt +-π=-=-ln )1(e 2d d 00λμΦλvi 方向:λ t <1时,逆时针;λ t >1时,顺时针.3. 如图所示,一根长为L 的金属细杆ab 绕竖直轴O 1O 2以角速度ω在水平面内旋转.O 1O 2在离细杆a 端L /5处.若已知地磁场在竖直方向的分量为B ϖ.求ab 两端间的电势差b a U U -.解:Ob 间的动生电动势:⎰⎰=⋅⨯=5/405/401d d )L L l Bl l B ωϖϖϖv ( 225016)54(21BL L B ωω== b 点电势高于O 点. Oa 间的动生电动势:⎰⎰⋅=⨯=5/05/02d d )L L l Bl l B ωϖϖϖv ( 22501)51(21BL L B ωω== a 点电势高于O 点. ∴ 22125016501BL BL U U b a ωω-=-=- 221035015BL BL ωω-=-=I (t )v ϖI (t ) x (t )b4. 有一很长的长方的U 形导轨,与水平面成θ角,裸导线ab 可在导轨上无摩擦地下滑,导轨位于磁感强度B ϖ竖直向上的均匀磁场中,如图所示.设导线ab 的质量为m ,电阻为R ,长度为l ,导轨的电阻略去不计,abcd 形成电路,t =0时,v =0. 试求:导线ab 下滑的速度v 与时间t 的函数关系.解:ab 导线在磁场中运动产生的感应电动势 θcos v Bl i = abcd 回路中流过的电流 θcos RBl R I ii v ==ab 载流导线在磁场中受到的安培力沿导轨方向上的分力为: θθθcos cos cos Bl RBl Bl I F i v ==由牛顿第二定律: t mBl R Bl mg d d cos cos sin vv =-θθθ mR l B g t θθ222cos sin d d v v-=令 θsin g A =,)/(cos 222mR l B c θ= 则 )/(d d v v c A t -=利用t = 0,v = 0 有⎰⎰⎰---=-=vv v v v v 000)d(1d c A c A c c A d t t Ac A ct v--=ln1 ∴ )e 1(cos sin )e 1(222ct ctl B mgR c A ---=-=θθv5. 一根长为l ,质量为m ,电阻为R 的导线ab 沿两平行的导电轨道无摩擦下滑,如图所示.轨道平面的倾角为θ,导线ab 与轨道组成矩形闭合导电回路abdc .整个系统处在竖直向上的均匀磁场B ϖ中,忽略轨道电阻.求ab 导线下滑所达到的稳定速度.解∶动生电动势θcos Bl i v = RBl RI iθcos v ==导线受到的安培力 lB I f m =ab 导线下滑达到稳定速度时重力和磁力在导轨方向的分力相平衡 θθcos sin m f mg =θθθcos cos sin lB RBl mg v =∴ θθ222cos sin l B mgR =vdϖ6. 已知,一根长的同轴电缆由半径为R 1的空心圆柱导体壳和另一半径为R 2的外圆柱导体壳组成,两导体壳间为真空.忽略电缆自身电阻,设电缆中通有电流i ,导体间电势差为U ,求(1) 两导体壳之间的电场强度E ϖ和磁感强度B ϖ. (2) 电缆单位长度的自感L 和电容C .解:(1) 根据安培环路定理i l B 0d μ⎰=⋅ϖϖ和长直条件及轴对称性可知,在R 2 >r > R 1 (r 为轴线到场点的半径)区域有 )2/(0r I B π=μB ϖ方向与内导体壳电流方向成右手螺旋关系.根据高斯定理:⎰⋅=0/d εQ S E ϖϖ和长直条件及轴对称性可知,在R 2 >r > R 1区域有r E 02/ελπ=E ϖ方向沿半径指向电势降落方向,式中λ为电缆内导体壳上单位长度上的电荷.由两导体间电势差U ,可求得 )/ln(2120R R U ελπ=, ∴ )/ln(12R R r UE =(2) 在电缆的两个导体壳之间单位长度的磁通量为 1200ln 2d 221R R ir riR R π=π=⎰μμΦ 单位长度电缆的自感系数为12ln2R R iL π==μΦ由电容定义又知单位长度电缆的电容应为 )/ln(2120R R UC ελπ==7. 两线圈顺接,如图(a),1、4间的总自感为1.0 H .在它们的形状和位置都不变的情况下,如图(b)那样反接后1、3之间的总自感为0.4 H .求两线圈之间的互感系数.解:设顺接的总自感为L S ,反接的总自感为L F . ∵ M L L L S 221++= M L L L F 221-+=∴ 4/)(F S L L M -== 0.15 H8. 如图所示,真空中一矩形线圈宽和长分别为2a 和b ,通有电流I 2,可绕其中心对称轴OO '转动.与轴平行且相距为d +a 处有一固定不动的长直电流I 1,开始时矩形线圈与长直电流在同一平面内,求:(1) 在图示位置时,I 1产生的磁场通过线圈平面的磁通量;(2) 线圈与直线电流间的互感系数. (3) 保持I 1、I 2不变,使线圈绕轴OO '转过90°外力要做多少功? 解:(1) 按题意是指图示位置时的Φ.123(a)顺接(b) 反接Ibdad bI bdx xI ad d2ln2210210+π=π=⎰+μμΦ (2) dad bI M 2ln201+π==μΦ(3)dad bI I I A 2ln22102+π==∆μΦ9. 一根电缆由半径为R 1和R 2的两个薄圆筒形导体组成,在两圆筒中间填充磁导率为μ 的均匀磁介质.电缆内层导体通电流I ,外层导体作为电流返回路径,如图所示.求长度为l 的一段电缆内的磁场储存的能量.解: ⎰∑⋅=i I l H ϖϖd , I rH =π2 (R 1< r < R 2)r I H π=2, r I H B π==2μμ2222)2(22r I B w m π==μμμ l r r w V w W m m m ⋅π==d 2d d r rl r Id 2)2(222ππ=μ∴ ⎰⎰π==2121d 4d 2R R R R m m rrl I W W μ122ln4R R lI π=μ四 研讨题1. 我们考虑这样一个例子: 设一个半径为R 的导体圆盘绕通过其中心的垂直轴在磁场中作角速度为ω的匀速转动,并假设磁场B 均匀且与轴线平行,如图所示。
楞次定律
例:
实验的思想方法:
首先根据电流计指针偏转然后比较感应电流产生的磁场方向和原磁场 方向的关系 最后得出判断感应电流方向的规律
实验:
从正极流进电流表指针向右边偏转;
从负极流进电流表指针向左边偏转。
楞次定律:
感应电流具有这样的方向,即感应电流的 磁场总要阻碍引起感应电流的磁通量的变 化
理解:
从感应电流的磁场方向和原磁场方向关系的角度 来说,“阻碍”体现为磁通量增加时,感应电流 的磁场方向与原磁场方向相反;磁通量减少时, 感应电流的磁场方向与原磁场方向相同。 从力的角度来说,“阻碍”作用体现为感应电流 和产生原磁场的磁体间的相互作用力通过阻碍它 们之间的相对运动(不是阻碍运动),实现阻碍 磁通量的变化。 从能量的角度来说,“阻碍”作用是能的转化和 守恒定律的具体体现。
第16章:电磁感应
三、楞次定律——感应电流的方向
复习:
产生感应电流的条件: 感应电动势的大小: En t
导体运动产生的感应电动势:
E BLv sin
右手定则:
用来判断导体切割磁感线运动时产生的感应 电流方向 伸开右手,让拇指跟其余四指垂直,并且都 跟手掌在一个平面内,让磁感线垂直进入手 心,拇指指向导体运动方向,其余四指指的 就是感应电流的方向。
楞次定律与右手定则:
从研究对象上说,楞次定律研究的是整个闭合回 路,右手定则研究的是闭合电路的一部分,即一 段导线做切割磁感线运动。 从适用范围上说,楞次定律可应用于由磁通量变 化引起感应电流的各种情况,右手定则只用于一 根导线在磁场中做切割磁感线运动的情况,导线 不动时不能应用。 有的问题只能用楞次定律不能用右手定则,有的 问题则两者都能用,关于选用楞次定律还是右手 定则,要具体问题具体分析。对于导线切割磁感 线运动的问题,一般选用右手定则 。
2013届高考物理核心要点突破系列课件:第16章第一节《电磁感应现象》(人教版选修3-2)
A.由位置Ⅰ到位置Ⅱ,框内丌产生感应电流 B.由位置Ⅰ到位置Ⅱ,框内产生感应电流 C.由位置Ⅱ到位置Ⅲ,框内产生感应电流 D.由位置Ⅱ到位置定线框位置变化处 磁场的分布及其变化.如右图所示,作出其正视( 向对面看去)图,从图中可以看出:从位置Ⅰ到位 置Ⅱ的过程中,从线框下面向上穿过线框的磁通 量减少(Ⅱ位置时Φ=0);而从Ⅱ位置到Ⅲ位置时, 从线框上面向下穿过线框的磁通量增大,故由位 置Ⅰ到位置Ⅱ和由位置Ⅱ到位置Ⅲ的两个过程中, 穿过闭合线框的磁通量都发生变化,都产生感应 电流.
图16-1-1
(3)某面积内有丌同方向的磁场时,先分别计算丌
同方向的磁场的磁通量,然后规定某个方向的磁
通量为正,反方向的磁通量为负,求其代数和.
2.磁通量的变化量的计算 (1)磁通量的变化量ΔΦ=Φ2 -Φ1 ,其数值等于初、 末状态穿过某个平面磁通量的差值. (2)回路的面积丌变,而穿过回路的磁场变化引起 磁通量发生变化,即ΔΦ=ΔB· S. (3)磁场丌变,而回路相对磁场的正对面积发生变 化引起磁通量发生变化,即ΔΦ=ΔS· B.闭合电路 的一部分导体做切割磁感线运动产生感应电流就 属于这种情况.
图16-1-2 特别提醒:闭合电路的部分导体做切割磁感线的 运动,也丌一定产生感应电流.
课堂互动讲练
磁通量及其变化量的计算 如图16-1-3所示,平面M的面积为S,垂 直于匀强磁场B,求平面M由此位置出发绕不B垂 直的轴转过60°和转过180°时磁通量的变化量 .
例1
图16-1-3
【解析】 平面 M 处于图示位置时,磁感线从其下 面垂直往上穿过平面,此时的磁通量为:Φ1=B· S 当平面 M 转过 60° 后,磁感线仍由下往上穿进平面, 且 θ=60° 1 ∴Φ2=B· Scos 60° BS = 2 当平面转过 180° 原平面的“上面”变为“下面”, 时. 而“下面”则成了“上面”,所以对平面 M 来说, 磁感线穿进、穿出的顺序刚好颠倒,为了区别起见, 我们规定 M 位于起始位置时其磁通量为正值,则此 时其磁通量为负值,即:
习题讨论《电磁感应、位移电流、磁场能量》
R
2 r 2 fB
R
sin( 2 ft 0 )
2 r 2 fB
R
10
5. 长直导线与矩形单匝线圈共面放置,导线与线圈的长边平 行,矩形线圈的边长分别为a、b,它到直导线的距离为c (如图),当矩形线圈中通有电流I = I0sint时,求直导线中 的感应电动势。 参考:习题16.17
2
0 I (t ) 1 1 0 I0 l2 t e B1 B 2 ( ) 2 a ( l 2 a ) 2 a l 2 a
l1
v
a
l2
动生 v l1 ( B1 B 2 )
0 I0
l1l 2 v
2 a ( l 2 a )
e
t
0 I0
解:如果在直导线中通以稳恒电流I,在距离为 r处产生的磁感应强度为B =0I/2r.在矩形 线圈中取一面积元dS=bdr,通过线圈的磁通 量为
ac
a
I
b
BdS
S
c
0 Ib d r
2 r
0 Ib
2
ln
ac c
c
M12=M21=M
M
dI dt
互感系数为
M
I
t 0 2 ft 0
(t ) 0 1 2 B r cos( 2 ft 0 )
2
B
r
G
根据法拉第电磁感应定律,有 因此回路中的感应电流为
I (t )
d dt
r fB sin( 2 ft 0 )
2 2
则感应电流的最大值为
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v + v r +
+ + + +
∫
v v v (v × B ) ⋅ d l
+ + + O+ +
设杆长为
l
εi =
∫
l
0
v B d l = v Bl
16.2.2 动生电动势的计算
例 一长为 L的铜棒在磁感强度为 磁场中,以角速度 磁场中 以角速度 ω 在与磁场方向垂直的平面上绕 棒的一端转动, 铜棒两端的感应电动势. 棒的一端转动,求铜棒两端的感应电动势 解
引起磁通量变化的原因 1)稳恒磁场中的导体运动 , 或者回路面积 ) 变化、 变化、取向变化等 动生电动势 2)导体不动,磁场变化 )导体不动, 感生电动势 电动势
I
v Ek
+
εi = ∫
-
+
−
v v Ek ⋅ dl
v Ek : 非静电的电场强度 非静电的电场强度.
闭合电路的总电动势
εi =
∫
l
v v Ek ⋅ dl
第16章 电磁感应 章
作业:19,20,25,28,31.36,38,42 作业:
教学基本要求
一 、掌握并能熟练应用法拉第电磁感应定律 掌握并能熟练应用法拉第电磁感应定律 和楞次定律来计算感应电动势,并判明其方向. 计算感应电动势 和楞次定律来计算感应电动势,并判明其方向 理解动生电动势和感生电动势的本质 动生电动势和感生电动势的本质.了 二、理解动生电动势和感生电动势的本质.了 有旋电场的概念. 解有旋电场的概念 三、了解自感和互感的现象 会计算几何形状 了解自感和互感的现象,会计算 自感和互感的现象 会计算几何形状 简单的导体的自感和互感. 简单的导体的自感和互感 了解磁场具有能量和磁能密度的概念 磁场具有能量和磁能密度的概念, 四、了解磁场具有能量和磁能密度的概念 会 均匀磁场和对称磁场的能量. 计算均匀磁场和对称磁场的能量 计算均匀磁场和对称磁场的能量
dΦ ε i = −k dt
国际单位制中
k =1
εi
Φ
伏特 韦伯
dψ εi = − dt
1)闭合回路由 N 匝密绕线圈组成 ) 磁通匝数(磁链) 磁通匝数(磁链)ψ
= NΦ
2)若闭合回路的电阻为 R ,感应电流为 )
1 dΦ Ii = − R dt
∆ t = t 2 − t1
时间内, 时间内,流过回路的电荷
+ + + -+ + + + + + + -+ + + O+ +
v Fm
v + v
+
+ + + +
v v Fm v v Ek = = v× B −e
εi =
=
∫
OP
OP
v v Ek ⋅ dl
v +B+ + r + r+ + v×B
+ + +
+ + + + + P + + + +dl+
+ + + + +
电流→磁场,磁场→电流? 电流→磁场,磁场→电流? 在恒定电流的磁场中,导线中无电流—法拉 在恒定电流的磁场中,导线中无电流 法拉 第感到迷惑。 第感到迷惑。 经过失败和挫折(1822—1831),法拉第终于发 , 经过失败和挫折 感应电流与原电流的变化有关, 现:感应电流与原电流的变化有关,而与原电 流本身无关。 流本身无关。 电磁感应现象揭示了电与磁之间的联系和转 为人类获取电能开辟了道路, 化,为人类获取电能开辟了道路,引起了一场 重大的工业和技术革命。 重大的工业和技术革命。
电磁感应现象的发现
法拉第的自然哲学思想:他与奥斯特一样,坚信自 法拉第的自然哲学思想:他与奥斯特一样, 然力的“统一性” 并追求这种统一性。 然力的“统一性”,并追求这种统一性。他在实验 记录中有这样一段话: 长期以来, 记录中有这样一段话:“长期以来,我就持有一种 观点,几乎是一种信仰, 观点,几乎是一种信仰,我相信其他许多爱好自然 知识的人也会共同有的, 知识的人也会共同有的,就是物质的力表现出来时 具有某种形态,都有一个共同的根源, 具有某种形态,都有一个共同的根源,或者换句话 它们是相互直接联系的,也是相互依赖的, 说,它们是相互直接联系的,也是相互依赖的,所 以它们似乎是可以互相转化的。 以它们似乎是可以互相转化的。 加上奥斯特已发现了电能产生磁, 加上奥斯特已发现了电能产生磁,所以法拉第坚 信:磁一定能产生电
16.1.2 楞次定律 闭合的回路中感应电流的方向总是使得它自己 所激发的磁场阻碍任何引起感应电流的磁通量的变 化。
dΦ > 0
S
回路绕 行方向
dΦ < 0
S
回路绕 行方向
N
N
I
I
楞次定律是能量守恒定律的一种表现
v + B
+
+ +
+ + + + + + + + + +
+ + + + +
+
+ + +
S , N ,ω
设
v v en 与 B
t =0
求ε
i
时,
同向 , 则
θ = ωt
N
ψ = N φ = NBS cos ω t dψ εi = − = NBSω sin ωt dt
令 im 则
θ
o' v en v B
ε = NBSω
i
o
R
ε i = ε im sin ωt
ε i = ε im sin ωt
16.0 概述
静止电荷的电场和稳恒定流的磁场都是空间位置 的物理量,它们都不随时间而变化, 的物理量,它们都不随时间而变化,在所反映的规律 中,静电场和稳恒磁场是彼此独立的。但是,产生电 静电场和稳恒磁场是彼此独立的。但是, 场和磁场的电荷和电流却存在着相互关联,这就预示 场和磁场的电荷和电流却存在着相互关联, 着电场和磁场之间必然有着直接的相互关系。电磁感 电场和磁场之间必然有着直接的相互关系。 电与磁之间的内在联系, 应现象就揭示了电与磁之间的内在联系 应现象就揭示了电与磁之间的内在联系,为电磁场理 论奠定了坚实的基础。 论奠定了坚实的基础。
ε i 方向
P
r r r r v×B c v×B θ
a
r dl
v
r b dl v v v d ε i = ( v × B ) ⋅ d l = vB dl sin θ
ε i = ∫ d ε i = ∫ v B sin θd l
0
L
= vBL sin θ
i=
ε im
R
sin ωt = I m sin ωt Im =
N
ε im
R
θ
o' v en v B
可见,在匀强磁场中匀 可见 在匀强磁场中匀 速转动的线圈内的感应电 电流是时间的正弦函数.这 电流是时间的正弦函数 这 种电流称交流电 交流电. 种电流称交流电
i
o
R
16.2 动生电动势 感生电动势 感生电场
由上述方法,可见关键点是: 由上述方法,可见关键点是:产生感应电流 的回路都是处在一个变化的磁场 变化的磁场中 的回路都是处在一个变化的磁场中,一旦磁场变 化停止,感应电流就消失。 化停止,感应电流就消失。这种现象称为电磁感 应。
16.1.1 电磁感应现象
当穿过闭合回路所围面积的 磁通量发生变化时, 磁通量发生变化时,回路中 会产生感应电动势; 会产生感应电动势;当导体 相对于磁场运动或磁场发生 变化时, 变化时,导体中也会产生感 应电动势。 应电动势。
B
I
b
B=
µ0I
2π x
选顺时针为回路绕行正方向
d
o
2010-11-4
l
x dx
x
v v µ0I dΦ = B ⋅ ds = ld x 2π x
Φ =
∫
d +b
µ0I
2π x
d
ld x
Φ =
∫
d +b
µ0I
2πx
d
ld x
µ0 l I d + b = ln 2π d
dΦ µ 0 l d + b dI εi = − =− ln dt 2π d dt
2µ0 l d + b =− ln 2π d
2010-11-4
在匀强磁场中, 例 在匀强磁场中 置有面积为 S 的可绕 轴转动的N 轴转动的 匝线圈 . 若线圈以角速度
ω
ω
o
N
θ
o' v en v B
作匀速转动. 求线圈 作匀速转动 中的感应电动势. 中的感应电动势
i
R
已知 解
16.2.1 动生电动势 动生电动势的非 动生电动势的非静电力场来源 洛伦兹力
+ + + +
v v v Fm = ( −e) v × B v v v 平衡时 Fm = − Fe = −eEk v v Fm v v Ek = = v× B −e
+ + +P + + v ++ + + F+ + +
e
v B
1831年法拉第总结出以下五种情况都可产生 年法拉第总结出以下五种情况都可产生 感应电流:变化着的电流,运动着的恒定电流, 感应电流:变化着的电流,运动着的恒定电流, 在磁场中运动着的导体, 变化着的磁场, 在磁场中运动着的导体, 变化着的磁场,运动 着的磁铁。 着的磁铁。