〖附5套模拟卷〗四川省巴中市2021届新高考第一次大联考物理试卷含解析

四川省巴中市2021届新高考第一次大联考物理试卷一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．在物理学发展过程中做出了重要贡献。

下列表述正确的是（）A．开普勒测出了万有引力常数B．爱因斯坦发现了天然放射现象C．安培提出了磁场对运动电荷的作用力公式D．卢瑟福提出了原子的核式结构模型【答案】D【解析】【分析】根据物理学史解答，记住著名物理学家的主要贡献即可。

【详解】A.卡文迪许测出了万有引力常数，A错误；B.天然放射现象是法国物理学家贝克勒耳发现的，B错误；C.磁场对运动电荷的作用力公式是由洛伦兹提出的，C错误；D.卢瑟福提出了原子的核式结构模型，D正确。

【点睛】本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一。

2．如图所示，通有恒定电流的导线MN与闭合金属框共面，第一次将金属框由位置Ⅰ平移到位置Ⅱ，第二次将金属框绕cd边翻转到位置Ⅱ，设先、后两次穿过金属框的磁通量变化分别为和，则（）A．B．C．D．不能判断【答案】C【解析】【详解】第一次将金属框由位置I平移到位置Ⅱ，磁感线穿过金属框的方向没有改变，磁通量变化量等于在这两个位置时的磁通量的差值；第二次将金属框绕边翻转到位置Ⅱ，磁感.线穿过金属框的方向发生改变，磁通量变化量等于两个位置时的磁通量绝对值之和，所以，选项C正确.ABD错故选C3．如图所示，竖直平面内两个四分之一圆弧轨道的最低点相切，圆心分别为1O 、2O ，半径分别为R 和2R ，两个小球P 、Q 先后从A 点水平拋出，分别落在轨道上的B 、C 两点，已知B 、C 两点处于同一水平线上，在竖直方向上与A 点相距0.6R ，不计空气阻力，重力加速度为g 。

下列说法正确的是（ ）A ．小球P 在空中运动的时间较短B ．小球Q 从抛出到落在轨道上的速度变化量较大C ．小球P 与小球Q 抛出时的速度之比为1∶11D ．两小球落在轨道上的瞬间，小球P 的速度与水平方向的夹角较小【答案】C【解析】【详解】A ．B 、C 在同一水平线上，平抛运动的下落时间，由竖直方向的自由落体分运动决定，故P Q t t =故A 错误；B ．平抛运动的速度变化量v gt ∆=，两球的下落时间相等，故v ∆大小相等，方向都竖直向下，故B 错误；C ．P 球的水平位移为22(0.6)0.2P x R R R R =-=Q 球的水平位移为22(2)(1.6) 2.2Q x R R R R =-=结合0x v t =可知，初速度大小之比等于水平分位移大小之比，为1∶11，故C 正确；D ．小球P 落在轨道上的瞬间速度与水平方向的夹角正切tan Pgt v α= 小球Q 落在轨道上的瞬间速度与水平方向的夹角正切tan Qgt v β=可得αβ>小球P 的速度与水平方向的夹角较大，故D 错误。

故选C 。

4．在人类太空征服史中，让人类遗憾的是“太空加油站”的缺乏。

当通信卫星轨道校正能源耗尽的时候，它的生命就走到了尽头，有很多成了太空垃圾。

如今“轨道康复者”是救助此类卫星的新型太空航天器，图甲是“轨道康复者”航天器在给太空中“垃圾”卫星补充能源，可简化为图乙所示的模型，让“轨道康复者”N 对已偏离原来正常工作轨道的卫星M 进行校正，则（ ）A ．“轨道康复者”N 从图乙所示轨道上加速，与卫星M 对接补充能源后开动M 上的小发动机向前喷气，能校正卫星M 到较低的轨道运行B ．让M 降低到N 所在轨道上，补充能源后再开启卫星M 上的小发动机校正C ．在图乙中M 的动能一定小于N 的动能D ．在图乙中，M 、N 和地球球心三者不可能处在同一直线上【答案】A【解析】【分析】【详解】A ．开动M 上的小发动机向前喷气，可使卫星M 减速，速度减小，所需的向心力减小，卫星M 做向心运动，则能校正卫星M 到较低的轨道运行，故A 正确；B ．让M 降低到N 所在轨道上，补充能源后再开启卫星M 上的小发动机，可使卫星M 减速，速度减小，所需的向心力减小，卫星M 做向心力运动，则卫星M 会在更低的轨道运动，故B 错误；C ．由于不知道M 、N 的质量，所以无法比较两者的动能，故C 错误；D ．由22Mm G m r rω= 可得3GM r ω=可知 N 的角速度比M 的大，所以M 、N 和地球球心三者可能处在同一直线上，故D 错误。

故选A 。

5．科幻电影《流浪地球》讲述了这样的故事：太阳即将毁灭，人类在地球上建造出巨大的推进器，使地球经历了停止自转、加速逃逸、匀速滑行、减速入轨等阶段，最后成为比邻星的一颗行星。

假设若干年后，地球流浪成功。

设比邻星的质量为太阳质量的14，地球质量在流浪过程中损失了14，地球绕比邻星运行的轨道半径为地球绕太阳运行轨道半径的12，则地球绕比邻星运行与绕太阳运行相比较，下列关系正确的是（ ）A ．公转周期之比为:1:1T T =日比B ．向心加速度之比为:3:4a a =日比C ．动能之比为:3:8k k E E =日比D ．万有引力之比为:3:8F F =日比【答案】C【解析】【分析】【详解】A ．万有引力提供向心力，由牛顿第二定律得 2224Mm G m r r Tπ= 解得2T =故:2T T 日比 故A 错误；B ．万有引力提供向心力，由牛顿第二定律得2Mm G ma r= 解得 2GM a r =故:1:1a a =日比故B 错误；C ．万有引力提供向心力，由牛顿第二定律得22GMm v m r r= 动能2122k GMm E mv r== 代入数据计算解得动能之比为:3:8k k E E =日比故C 正确；D ．万有引力2GMm F r = 代入数据计算解得:3:4F F =日比故D 错误。

故选C 。

6．2018年12月8日2时23分，我国成功发射“嫦娥四号”探测器，开启了月球探测的新旅程，“嫦娥四号”于2019年1月3日10时26分成功着陆在月球背面南极—艾特肯盆地。

探测器上有一可认为光滑的滑梯固定在月球表面上，将滑梯与月块表面的夹角调为θ，月球车从滑梯上由静止滑到底部的过程中下滑长度为L ，所用时间为t ，已知月球半径为R ，则月球的第一宇宙速度为（ ）A B ．C D 【答案】B【解析】【详解】月球车从滑梯上的运动过程，根据位移时间公式有212L at = 根据牛顿第二定律得sin =mg ma θ设月球的第一宇宙速度为v ， 则有2v m g m R ''=联立得12sin LR v t θ=，ACD 错误，B 正确。

故选B 。

二、多项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求．全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分7．如图所示，质量为M 的木板静止在光滑水平面上，木板左端固定一轻质挡板，一根轻弹簧左端固定在挡板上，质量为m 的小物块从木板最右端以速度v 0滑上木板，压缩弹簧，然后被弹回，运动到木板最右端时与木板相对静止。

已知物块与木板之间的动摩擦因数为μ，整个过程中弹簧的形变均在弹性限度内，则（ ）A ．木板先加速再减速，最终做匀速运动B ．整个过程中弹簧弹性势能的最大值为204()Mmv M m + C ．整个过程中木板和弹簧对物块的冲量大小为0Mmv M m+ D ．弹簧压缩到最短时，物块到木板最右端的距离为202()Mv M m gμ+ 【答案】AB【解析】【分析】【详解】A ．物块接触弹簧之前，物块减速运动，木板加速运动；当弹簧被压缩到最短时，摩擦力反向，直到弹簧再次恢复原长，物块继续减速，木板继续加速；当物块与弹簧分离后，物块水平方向只受向左的摩擦力，所以物块加速，木板减速；最终，当物块滑到木板最右端时，物块与木板共速，一起向左匀速运动。

所以木板先加速再减速，最终做匀速运动，所以A 正确；B ．当弹簧被压缩到最短时，弹簧的弹性势能最大，此时物块与木板第一次共速，将物块，弹簧和木板看做系统，由动量守恒定律可得0()mv m M v =+得0mv v m M=+ 从开始运动到弹簧被压缩到最短，由能量守恒可得 22p 0f 11()22E mv m M v W =-+-从开始运动到物块到达木板最右端，由能量守恒可得22f 0112()22W mv m M v =-+ 20f 4()mMv W m M =+ 则最大的弹性势能为20p 4()E Mmv M m += 所以B 正确；C ．根据动量定理，整个过程中物块所受合力的冲量大小为00Mmv I mv mv M m =-=-+ 所以0Mmv M m+是合力的冲量大小，不是木板和弹簧对物块的冲量大小，所以C 错误； D ．由题意可知，物块与木板之间的摩擦力为f F mg μ=又系统克服摩擦力做功为f f W F x =相对则20f f =4()Mv W x F M m gμ=+相对 即弹簧压缩到最短时，物块到木板最右端的距离为204()Mv M m gμ+，所以D 错误。

故选AB 。

8．如图所示，在竖直平面内有一平面直角坐标系xOy ，存在一个范围足够大的垂直纸面向里的水平磁场，磁感应强度沿x 轴方向大小相同，沿y 轴方向按B y =ky （k 为大于零的常数）的规律变化。

一光滑绝缘的半径为R 的半圆面位于竖直平面内，其圆心恰好位于坐标原点O 处，将一铜环从半面左侧最高点a 从静止释放后，铜环沿半圆面运动，到达右侧的b 点为最高点，a 、b 高度差为h 。

下列说法正确的是（ ）A ．铜环在半圆面左侧下滑过程，感应电流沿逆时针方向B ．铜环第一次经过最低点时感应电流达到最大C ．铜环往复运动第二次到达右侧最高点时与b 点的高度差小于2hD．铜环沿半圆面运动过程，铜环所受安培力的方向总是与铜环中心的运动方向相反【答案】AC【解析】【分析】【详解】A．铜环在半圆面左侧下滑过程，磁通量增加，根据楞次定律可得感应电流沿逆时针方向，A正确；B．铜环第一次经过最低点瞬间，磁通量的变化量为0，感应电流为零，B错误；C．铜环沿半圆面运动，到达右侧的b点后开始沿圆弧向左运动，但在向左运动的过程中克服安培力做的功较小，损失的机械能小于mgh，所以铜环往复运动第二次到达右侧最高点时与b点的高度差小于2h，C 正确；D．铜环沿半圆面向下运动过程中，铜环所受安培力的方向是竖直向上的，沿半圆面向上运动过程中，铜环所受安培力的方向是竖直向下的，D错误。

故选AC。

9．一个静止的质点在t=0到t=4s这段时间，仅受到力F的作用，F的方向始终在同一直线上，F随时间t的变化关系如图所示．下列说法中正确的是（）A．在t=0到t=4s这段时间，质点做往复直线运动B．在t=1s时，质点的动量大小为1kgm/sC．在t=2s时，质点的动能最大D．在t=1s到t=3s这段时间，力F的冲量为零【答案】CD【解析】【详解】0～2s内，合力方向不变，知加速度方向不变，物体一直做加速运动，2～4s内，合力方向改为反向，则加速度方向相反，物体做减速运动，因为0～2s内和2～4s内加速度大小和方向是对称的，则4s末速度为零，在整个运动过程的速度方向不变，一直向前运动，第4s末质点位移最大；故A错误．F-t图象中，图象与时间轴围成的面积表示力的冲量，在t=1s时，冲量大小I1=112=0.5N•s，根据动量定理可知，质点的动量大小为0.5kg•m/s，故B错误．由A的分析可知，在t=2s时，质点的动能最大，故C正确；F-t图象中，图象与时间轴围成的面积表示力的冲量，由图可知，在t=1s到t=3s这段时间，力F的冲量为零，故D正确；故选CD．【点睛】解决本题的关键会通过牛顿第二定律判断加速度的方向，当加速度方向与速度方向相同，做加速运动，当加速度方向与速度方向相反，做减速运动．同时能正确根据动量定理分析问题，明确F-t 图象的性质，能正确求解力的冲量．10．甲、乙两物体一开始沿同一条直线相向运动，在t=0时刻甲、乙相距x=3m ，它们的速度－时间图象如图所示。