《金版新学案》2012届高考物理一轮复习 第10章第2讲变压器 电能的输送课下作业 新人教版必修1
高考物理一轮复习 10.2变压器、电能的输送课件

A.通过R的电流iR随时间t变化的规律是iR=
2
cos100πt(A)
B.电流表A的读数为0.1 A
C.电流表A的读数为
2 10
A
D.电压表的读数为Um=10 2 V
A.U=110 V,I=0.2 A
B.U=110 V,I=0.05 A
C.U=110 2 V,I=0.2 A
D.U=110 2 V,I=0.2 2 A 解析:在副线圈电路中,I2=UP2=22220WV=0.1 A,再根据
U1 U2
=
n1 n2
及
I2 I1
=
n1 n2
,得U1=110
V,I1=0.2
答案:CD
考点探究讲练
考点深析 拓展延伸 详讲精练
一 对理想变压器的理解 1.关于理想变压器的四点说明 (1)变压器不能改变直流电压. (2)变压器只能改变交变电流的电压和电流,不能改变交变
电流的频率. (3)理想变压器本身不消耗能量. (4)理想变压器基本关系中的U1、U2、I1、I2均为有效值.
第二讲 变压器、电能的 输送
基础自主温故
回扣教材 夯实基础 落实考点
[考点自清] 1.变压器 主要构造 变压器是由闭合铁芯 和绕在铁芯上的两个 线圈 组成的,如 右图. ①原线圈:与交流电源 连接的线圈, 也叫 初级 线圈. ②副线圈:与负载 连接的线圈, 也叫次级 线圈.
2.工作原理 (1)电流通过原线圈时在铁芯中激发磁场,由于电流的大小、 方向在不断变化,铁芯中的磁场也在不断变化. (2)变化的磁场在副线圈中产生 感应电动势 ,所以尽管两个 线圈之间没有导线相连,副线圈也能够输出电流. (3) 互感现象 是变压器工作的基础.
[基础自测] 2.在如图所示的远距离输电电路图中,升压变压器和降压 变压器均为理想变压器,发电厂的输出电压和输电线的电阻均不 变,随着发电厂输出功率的增大,下列说法中正确的有( )
(浙江选考)高考物理一轮复习第10章交变电流第2讲变压器电能的输送学案

第2讲变压器电能的输送职基过关................................. ! .: .. :. H : ■::.:.壞抓数材自主帮实知识排查I w 「理想变压器1.构造:如图1所示,变压器是由闭合铁芯和绕在铁芯上的两个线圈组成的。
(1) 原线圈:与交流电源连接的线圈,也叫初级线圈。
(2) 副线圈:与负载连接的线圈,也叫次级线圈。
2.原理:电流磁效应、电磁感应。
3. 基本关系式远距离输电1. 电压损失:(1) △ U= U 2 — U 。
(2) △ U= 12R 线。
2. 功率损失:(1) △ P = F 2— R 。
(2) △ P = l 2R 线=宇3.功率关系:F 1 = F 2, P 3= F 4, P 2= P 损 + F 3o4.电压、电流关系: U n 1 12 U 3 n 3 I 4li= n 2 =I 1,U= n 4 = 13,U=4+ U, 12= 13= I 线。
(1)功率关系:P 入=P 出。
电压关系:n 1 U 2—n 2电流关系:只有一个副线圈时11 n 2匚=n?(4)频率关系: f 入=療绊廂 ------------- ,血维宙5.输电电流:I 线=P ; = P 3 =苓三。
U 3R®2P 26.输电线上损耗的电功率:P 损=I 线厶U= I 线只线=u小题速练1. 思考判断 (1)理想变压器的基本关系式中,电压和电流均为有效值 (2)变压器不但能改变交变电流的电压,还能改变交变电流的频率⑶正常工作的变压器当副线圈与用电器断开时,副线圈两端无电压 (4) 变压器副线圈并联更多的用电器时,原线圈输入的电流随之减小 (5) 增大输电导线的横截面积有利于减少输电过程中的电能损失 (6) 高压输电是通过减小输电电流来减少电路的发热损耗答案 ⑴ V (2) X (3) X ⑷X (5) V ⑹ V由题意知输电线上的电流 I = U 则输电线的总电阻造成的电压损失 △ U = Ir = Pr ,故1 3U U 2 11X 10 100 丄…士“,故选项A 正确。
高三物理一轮复习优质学案1:10.2变压器、电能的输送

第2课时变压器、电能的输送『必备知识要打牢』 知识点一理想变压器 [想一想]一台理想变压器,其原线圈2 200匝,副线圈440匝,并接一个100 Ω的负载电阻,如图10-2-1所示。
图10-2-1(1)当原线圈接在44 V 直流电源上时,电压表、电流表的示数分别为多少? (2)当原线圈接在220 V 交流电源上时,电压表、电流表的示数分别为多少?[提示] (1)原线圈接在直流电源上时,由于原线圈中的电流恒定,所以穿过原、副线圈的磁通量不发生变化,副线圈两端不产生感应电动势,故电压表示数为零,电流表示数也为零。
(2)由U2U1=n2n1得U2=U1n2n1=220×4402 200 V =44 V(电压表示数)I2=U2R =44100 A =0.44 A(电流表示数)[记一记]1.构造:如图10-2-2所示。
图10-2-2理想变压器由原线圈、副线圈和闭合铁芯组成。
2.原理线圈的互感现象。
3.基本关系 (1)电压关系:U1U2=n1n2(2)功率关系:P 入=P 出(3)电流关系:①只有一个副线圈时:I1I2=n2n1②有多个副线圈时:U1I1=U2I2+U3I3+…+UnIn 4.几种常用的变压器(1)自耦变压器——也叫调压变压器。
(2)互感器:①电压互感器,用来把高电压变成低电压。
②电流互感器,用来把大电流变成小电流。
[试一试]1. (2011·新课标全国卷)如图10-2-3,一理想变压器原、副线圈的匝数比为1∶2;副线圈电路中接有灯泡,灯泡的额定电压为220 V ,额定功率为22 W ;原线圈电路中接有电压表和电流表。
现闭合开关,灯泡正常发光。
若用U 和I 分别表示此时电压表和电流表的读数,则( )图10-2-3A .U =110 V ,I =0.2 AB .U =110 V ,I =0.05 AC .U =110 2 V ,I =0.2 AD .U =110 2 V ,I =0.2 2 A 知识点二 电能的输送 [想一想]照明供电线路的路端电压基本上是保持不变的。
高考物理一轮复习 专题10.2 变压器 电能的输送教学案-人教版高三全册物理教学案

专题10.2 变压器 电能的输送1.了解变压器的构造,理解变压器的工作原理。
2.理解理想变压器原、副线圈中电压与匝数的关系,能应用它分析解决有关问题。
3.知道远距离输电过程,知道降低输电损耗的两个途径。
了解电网供电的优点和意义。
一、理想变压器1.构造:如图1所示,变压器是由闭合铁芯和绕在铁芯上的两个线圈组成的。
图1(1)原线圈:与交流电源连接的线圈,也叫初级线圈。
(2)副线圈:与负载连接的线圈,也叫次级线圈。
2.原理:电流磁效应、电磁感应。
3.基本关系式(1)功率关系:P 入=P 出。
(2)电压关系:U 1n 1=U 2n 2。
有多个副线圈时U 1n 1=U 2n 2=U 3n 3=…。
(3)电流关系:只有一个副线圈时I 1I 2=n 2n 1。
由P 入=P 出及P =UI 推出有多个副线圈时,U 1I 1=U 2I 2+U 3I 3+…+U n I n 。
4.几种常用的变压器(1)自耦变压器——调压变压器(2)互感器⎩⎪⎨⎪⎧ 电压互感器:用来把高电压变成低电压。
电流互感器:用来把大电流变成小电流。
二、远距离输电1.输电过程(如图2所示)图22.输电导线上的能量损失:主要是由输电线的电阻发热产生的,表达式为Q =I 2Rt 。
3.电压损失(1)ΔU =U -U ′;(2)ΔU =IR4.功率损失(1)ΔP =P -P ′;(2)ΔP =I 2R =⎝ ⎛⎭⎪⎫P U 2R 5.输送电流(1)I =PU ;(2)I =U -U ′R。
高频考点一 理想变压器基本关系的应用例1.一理想变压器的原、副线圈的匝数比为3∶1,在原、副线圈的回路中分别接有阻值相同的电阻,原线圈一侧接在电压为220 V 的正弦交流电源上,如图2所示.设副线圈回路中电阻两端的电压为U ,原、副线圈回路中电阻消耗的功率的比值为k ,则( )图2A .U =66 V ,k =19B .U =22 V ,k =19C .U =66 V ,k =13D .U =22 V ,k =13 答案 A【变式探究】用220 V 的正弦交流电通过理想变压器对一负载供电,变压器输出电压是110 V ,通过负载的电流图象如图3所示,则( )图3A .变压器输入功率约为3.9 WB .输出电压的最大值是110 VC .变压器原、副线圈匝数比是1∶2D .负载电流的函数表达式i =0.05sin (100πt +π2) A 答案 A【举一反三】如图4,理想变压器原、副线圈匝数比n 1∶n 2=2∶1,和均为理想电表,灯泡电阻R L =6 Ω,AB 端电压u 1=122sin 100πt (V).下列说法正确的是( )图4A.电流频率为100 HzB.的读数为24 VC.的读数为0.5 AD.变压器输入功率为6 W答案 D解析 由ω=2πf =100π rad/s 得:f =50 Hz ,A 错.有效值U 1=12 V ,又因为U 2U 1=n 2n 1得:U 2=6 V ,I 2=U 2R L =1 A ,选项B 、C 错.由能量守恒得P 1=P 2=U 2I 2=6 W ,D 选项对.【变式探究】自耦变压器铁芯上只绕有一个线圈,原、副线圈都只取该线圈的某部分.一升压式自耦调压变压器的电路如图5所示,其副线圈匝数可调.已知变压器线圈总匝数为1 900匝,原线圈为1 100匝,接在有效值为220 V 的交流电源上.当变压器输出电压调至最大时,负载R 上的功率为2.0 kW.设此时原线圈中电流的有效值为I 1,负载两端电压的有效值为U 2,且变压器是理想的,则U 2和I 1分别约为( )图5A .380 V 和5.3 AB .380 V 和9.1 AC .240 V 和5.3 AD .240 V 和9.1 A 答案 B【方法规律】关于理想变压器的四点说明1.变压器不能改变直流电压.2.变压器只能改变交变电流的电压和电流,不能改变交变电流的频率.3.理想变压器本身不消耗能量.4.理想变压器基本关系中的U 1、U 2、I 1、I 2均为有效值.高频考点二 理想变压器的动态分析例2.如图9所示电路中,变压器为理想变压器,a 、b 接在电压有效值不变的交流电源两端,R 0为定值电阻,R 为滑动变阻器.现将变阻器的滑片从一个位置滑动到另一位置,观察到电流表A 1的示数增大了0.2 A ,电流表A 2的示数增大了0.8 A ,则下列说法正确的是( )图9A .电压表V 1示数增大B .电压表V 2、V 3示数均增大C .该变压器起升压作用D .变阻器滑片是沿c →d 的方向滑动答案 D解析 由于a 、b 接在电压有效值不变的交流电源两端,故电压表V 1示数不变,选项A 错误;由理想变压器原理公式U 1U 2=n 1n 2且U 1、n 1、n 2不变,则U 2不变,即V 2的示数不变,V 3的示数U 3=U 2-I 2R 0应减小,故选项B 错误;由公式I 1I 2=n 2n 1得:n 1n 2=ΔI 2ΔI 1=0.80.2=4,则n 1>n 2,该变压器起降压作用,故C 错误;又I 2=U 2R 0+R ,I 2增大,R 应减小,故滑片应沿c →d 方向滑动,故D 正确. 【变式探究】 (多选)如图10所示,理想变压器的原线圈连接一只理想交流电流表,副线圈匝数可以通过滑动触头Q 来调节,在副线圈两端连接了定值电阻R 0和滑动变阻器R ,P 为滑动变阻器的滑动触头.在原线圈上加一电压为U 的正弦交流电,则( )图10A .保持Q 的位置不动,将P 向上滑动时,电流表读数变大B .保持Q 的位置不动,将P 向上滑动时,电流表读数变小C .保持P 的位置不动,将Q 向上滑动时,电流表读数变大D .保持P 的位置不动,将Q 向上滑动时,电流表读数变小答案 BC【举一反三】 (多选)如图11,一理想变压器原、副线圈的匝数分别为n 1、n 2.原线圈通过一理想电流表接正弦交流电源,一个二极管和阻值为R 的负载电阻串联后接到副线圈的两端.假设该二极管的正向电阻为零,反向电阻为无穷大,用交流电压表测得a 、b 端和c 、d 端的电压分别为U ab 和U cd ,则( )图11A .U ab ∶U cd =n 1∶n 2B .增大负载电阻的阻值R ,电流表的读数变小C .负载电阻的阻值越小,cd 间的电压U cd 越大D .将二极管短路,电流表的读数加倍答案 BD解析 变压器的变压比U 1U 2=n 1n 2,其中U 1、U 2是变压器原、副线圈两端的电压.U 1=U ab ,由于二极管的单向导电特性,U cd ≠U 2,选项A 错误.增大负载电阻的阻值R ,负载的电功率减小,由于P 入=P 出,且P 入=I 1U ab ,所以原线圈上的电流I 1减小,即电流表的读数变小,选项B 正确.c 、d 端的电压由输入电压U ab 决定,负载电阻R 的阻值变小时,U cd 不变,选项C 错误.根据变压器上的能量关系有E 输入=E 输出,在一个周期T 内,二极管未短路时有U ab I 1T =U 2R ·T 2+0(U 为副线圈两端的电压),二极管短路时有U ab I 2T =U 2RT ,由以上两式得I 2=2I 1,选项D 正确.【变式探究】图12甲为理想变压器,其原、副线圈的匝数比为4∶1,原线圈接图乙所示的正弦交流电.图甲中R t 为阻值随温度升高而减小的热敏电阻,R 1为定值电阻,电压表和电流表均为理想电表.则下列说法正确的是( )图12A .图乙所示电压的瞬时值表达式为u =51sin 50πt VB .变压器原、副线圈中的电流之比为1∶4C .变压器输入、输出功率之比为1∶4D .R t 处温度升高时,电压表和电流表的示数均变大答案 B高频考点三 远距离输电问题例3.(多选)在远距离输电中,当输电线的电阻和输送的电功率不变时,那么( )A .输电线路上损失的电压与输送电流成正比B .输送电压越高,输电线路上损失的电压越大C .输电线路上损失的功率跟输送电压的平方成反比D .输电线路上损失的功率跟输电线上的电流成正比答案 AC解析 输电线路上损失电压ΔU =Ir ,在r 一定时,ΔU 和I 成正比.若U 越高,I =P U,I 越小,那么ΔU 越小.输电线路上损失的功率ΔP =I 2r ,当P 一定时,I =P U,所以ΔP =(P U )2r ,即ΔP 和U 的平方成反比,跟I 的平方成正比,故A 、C 正确.【变式探究】如图15所示,甲是远距离输电线路的示意图,乙是发电机输出电压随时间变化的图象,则( )图15A .用户用电器上交流电的频率是100 HzB .发电机输出交流电的电压有效值是500 VC .输电线上的电流只由降压变压器原副线圈的匝数比决定D .当用户用电器的总电阻增大时,输电线上损失的功率减小答案 D【举一反三】(多选)一台发电机最大输出功率为4 000 kW ,电压为4 000 V ,经变压器T 1升压后向远方输电.输电线路总电阻为R =1 kΩ.到目的地经变压器T 2降压,负载为多个正常发光的灯泡(220 V 、60 W).若在输电线路上消耗的功率为发电机输出功率的10%,变压器T 1和T 2的损耗可忽略,发电机处于满负荷工作状态,则( )A .T 1原、副线圈电流分别为103A 和20 AB .T 2原、副线圈电压分别为1.8×105 V 和220 VC .T 1和T 2的变压比分别为1∶50和40∶1D .有6×104盏灯泡(220 V 、60 W)正常发光答案 ABD解析 远距离输电的模型如图所示. T 1原线圈的电流为I 1=P 1U 1=4 000×1034 000A =1×103 A ,输电线上损失的功率为P 损=I 22R =10%P 1,所以I 2= 10%P 1R= 4 000×103×0.11×103 A =20 A ,A 正确;T 1的变压比为n 1n 2=I 2I 1=20103=150;T 1副线圈的电压为U 2=50U 1=2×105 V ,T 2原线圈的电压为U 3=U 2-I 2R =2×105 V -20×103 V =1.8×105 V ,B 正确;T 2的变压比为n 3n 4=U 3U 4=1.8×105220=9×10311,C 错误;能正常发光的灯泡盏数为N =90%P 160=6×104,D 正确. 1.【2016·全国卷Ⅰ】一含有理想变压器的电路如图1所示,图中电阻R 1、R 2和R 3的阻值分别为3 Ω、1 Ω 和4 U 为正弦交流电压源,输出电压的有效值恒定.当开关S 断开时,电流表的示数为I ;当S 闭合时,电流表的示数为4I .该变压器原、副线圈匝数比为( )图1A .2B .3C .4D .52.【2016·全国卷Ⅲ】如图1所示,理想变压器原、副线圈分别接有额定电压相同的灯泡a 和b.当输入电压U 为灯泡额定电压的10倍时,两灯泡均能正常发光.下列说法正确的是( )图1A .原、副线圈匝数比为9∶1B .原、副线圈匝数比为1∶9C .此时a 和b 的电功率之比为9∶1D .此时a 和b 的电功率之比为1∶9【答案】AD 【解析】设灯泡的额定电压为U 0,则输入电压U =10U 0,由于两灯泡均正常发光,故原线圈两端的电压U 1=U -U 0=9U 0,副线圈两端的电压U 2=U 0,所以原、副线圈的匝数比n 1∶n 2=U 1∶U 2=9∶1,A 正确,B 错误;原、副线圈的电流之比I 1∶I 2=n 2∶n 1=1∶9,由电功率P =UI 可知,a 和b 的电功率之比为1∶9,C 错误,D 正确.3.【2016·天津卷】如图1所示,理想变压器原线圈接在交流电源上,图中各电表均为理想电表.下列说法正确的是( )图1A .当滑动变阻器的滑动触头P 向上滑动时,R 1消耗的功率变大B .当滑动变阻器的滑动触头P 向上滑动时,电压表V 示数变大C .当滑动变阻器的滑动触头P 向上滑动时,电流表A 1示数变大D .若闭合开关S ,则电流表A 1示数变大,A 2示数变大4.【2016·江苏卷】一自耦变压器如图1所示,环形铁芯上只绕有一个线圈,将其接在a 、b 间作为原线圈.通过滑动触头取该线圈的一部分,接在c 、d 间作为副线圈.在a 、b 间输入电压为U 1的交变电流时,c 、d 间的输出电压为U 2,在将滑动触头从M 点顺时针旋转到N 点的过程中( )图1A .U 2>U 1,U 2降低B .U 2>U 1,U 2升高C .U 2<U 1,U 2降低D .U 2<U 1,U 2升高【答案】C 【解析】根据变压器原、副线圈两端电压和原、副线圈匝数的关系式有U 1U 2=n 1n 2,这里n 2< n 1,所以U 2 <U 1.在将滑动触头从M 点顺时针旋转到N 点的过程中,n 2变小,n 1不变,而原线圈两端电压U 1也不变,因此U 2降低,选项C 正确.5.【2016·四川卷】如图1所示,接在家庭电路上的理想降压变压器给小灯泡L 供电,如果将原、副线圈减少相同匝数,其他条件不变,则( )图1A .小灯泡变亮B .小灯泡变暗C .原、副线圈两端电压的比值不变D .通过原、副线圈电流的比值不变1.【2015·海南·10】4.如图,一理想变压器原、副线圈匝数比为4:1,原线圈与一可变电阻串联后,接入一正弦交流电源;副线圈电路中固定电阻的阻值为R 0,负载电阻的阻值R =11R 0,是理想电压表;现将负载电阻的阻值减小为R =5R 0,保持变压器输入电流不变,此时电压表读数为5.0V ,则A .此时原线圈两端电压的最大值约为34VB .此时原线圈两端电压的最大值约为24VC .原线圈两端原来的电压有效值约为68VD .原线圈两端原来的电压有效值约为48V【答案】AD2.【2015·江苏·1】5.一电器中的变压器可视为理想变压器,它将220V 交变电流改为110V ,已知变压器原线圈匝数为800,则副线圈匝数为( )A .200B .400C .1600D .3200【答案】B 【解析】根据变压器的变压规律2121n n U U =,代入数据可求副线圈匝数为400,所以B 正确。
高考物理一轮复习 第十章 第2节 变压器 电能的输送课件

·
物
·
理
考 向
滑动变阻器.○V1 和○V2 是理想交流电压表,示数分别用
模 型
真 题
U1 和 U2 表示;○A1 和○A2 是理想交流电流表,示数分别
重
落
用 I1 和 I2 表示.下列说法正确的是( )
实
·
深
切
化
脉
学
搏
习
·
核
心
课
突
时
破
提
图 10-2-3
升
练
菜单
高三总复习·物理
提
素
研
养
动
·
向
物
·
理
考
D.240 V 和 9.1 A
课
突
时
破
提
升
练
菜单
高三总复习·物理
提
素
研
养
动
·
向
物
·
考 向
【解析】
根据理想变压器电压比关系UU12=nn12,代入数
理 模 型
真
题
据解得副线圈两端的电压有效值 U2=380 V,因理想变压器
重 落
原、副线圈输入和输出的功率相等,即 P 入=P 出=U1I1,解
实
·
切 脉 搏
[考向分析]
提
素
研 动 向
(1)理想变压器(Ⅱ) 1.考纲展示
·
(2)远距离输电(Ⅰ)
养
·
物 理
考
向
本节的命题仍以下列题型为主:
模 型
真
题
(1)理想变压器的动态分析.
重 落
2.命题趋势
实
(2)理想变压器与交变电流的规律综合.
【名师一号】高考物理一轮 第十章 第2讲 变压器 电能的输送课件 必修3-2

第十章 交变电流 传感器
第二讲
变压器
电能的输送
回扣教材
题型归类
误区反思
双基限时练
回扣教材•自主学习
知 识 梳 理
一、变压器原理 1.构造和原理.(如图10-2-1所示)
图10-2-1
(1)主要构造:由原线圈、副线圈和闭合铁芯组成. (2)工作原理:电磁感应的互感现象.
2.理想变压器的基本关系式: U1 n1 (1)电压关系: = ,若n1>n2,为降压变压器;若n1 U2 n2 <n2,为升压变压器. I1 n2 (2)电流关系: = ,只适用于只有一个副线圈的情 I2 n1 况.
2.远距离输电过程的示意图:(如图10-2-2所示)
图10-2-2
对理想变压器,各物理量的关系为 ①P1=P2,P2=P损+P3,P3=P4=P用. U1 n1 U3 n3 ② = ,U2=U3+U线, = . U2 n2 U4 n4 ③n1I1=n2I2,I2=I线=I3,n3I3=n4I4.
图10-2-4
A.电压表的示数等于5 V 5 B.电压表的示数等于 V 2 n2 C.实现点火的条件是 >1 000 n1 n2 D.实现点火的条件是 <1 000 n1
解析
Um 电压表示数为电压有效值,由图②可得U= = 2
5 V,选项A错误,B正确;副线圈电压峰值为5 000 V时, 2 n2 Um2 = =1 000,由于引发电火花的条件是副线圈电压峰值 n1 Um1 n2 大于5 000 V,故 >1 000,选项C正确,D错误. n1
P 电压为nkU,输出电流I′= nkU ,线路损耗的电功率为P2= I′
2
P P2 1 2 R=nkU R. = 2,D项正确,A、B、C项错误. P1 n
高考物理一轮复习讲义 第2讲 变压器电能的输送

第2讲 变压器 电能的输送一、变压器1.变压器的构造:如图所示,变压器是由闭合铁芯和绕在铁芯上的两个线圈组成的. (1)原线圈:与交流电源连接的线圈,也叫初级线圈. (2)副线圈:与负载连接的线圈,也叫次级线圈.2.变压器的原理:电流通过原线圈时在铁芯中激发磁场,由于电流的大小、方向在不断变化,铁芯中的磁场也在不断变化.变化的磁场在副线圈中产生感应电动势,所以尽管两个线圈之间没有导线相连,副线圈也能够输出电流.互感现象是变压器工作的基础.3.理想变压器没有能量损失的变压器,即输入功率等于输出功率. 4.基本关系式(1)功率关系:P 入=P 出.(2)电压关系:U 1n 1=U 2n 2;有多个副线圈时,U 1n 1=U 2n 2=U 3n 3=… (3)电流关系:只有一个副线圈时,I 1I 2=n 2n 1.由P 入=P 出及P =UI 推出有多个副线圈时,U 1I 1=U 2I 2+U 3I 3+…+U n I n . 5.几种常用的变压器(1)自耦变压器的原、副线圈共用一个线圈,如图所示.电压互感器电流互感器原理图原线圈的连接 并联在高压电路中 串联在高压电路中作用 把高电压变成低电压 把大电流变成小电流匝数特点 副线圈匝数比原线圈匝数少 副线圈匝数比原线圈匝数多1.输电线路及其电压、电能损失 (1)输电线路(如图所示)(2)电压和电能损失 ①输电电流:I =P U;②电压损失:ΔU =U -U ′=Ir =P Ur ; ③电能损失:ΔP =P -P ′=I 2r =(P U)2r ;2.减少电能损失的方法:根据P 损=I 2R 线,减小输电电能损失有两种方法.(1)减小输电线的电阻:根据电阻定律R =ρl S,要减小输电线的电阻R ,在输电距离一定的情况下,可采用的方法有选用电阻率小的金属材料,尽可能增大导线的横截面积等.(2)减小输电导线中的电流:在输电功率一定的情况下,根据P =UI ,要减小电流,必须提高输电电压.3.远距离输电(1)远距离输电导线上损失的电功率:输送功率一定时,线路电流I =P U,输电线上损失功率P 损=I 2R 线=P 2U 2R 线,可知P 损∝1U2.远距离输电线路中的功率关系:P 输=P 损+P 用.(2)远距离输电的基本电路:由于发电机组本身的输出电压不可能很高,所以采用高压输电时,在发电站内需要升压变压器升压到几百千伏后再向远距离送电,到达用电区再用降压变压器降到所需的电压,基本电路如图所示.1.如图所示,理想变压器原、副线圈匝数比为2∶1.电池和交变电源的电动势都为6 V ,内阻均不计.下列说法正确的是( )A .S 与a 接通的瞬间,R 中无感应电流B .S 与a 接通稳定后,R 两端的电压为0C .S 与b 接通稳定后,R 两端的电压为3 VD .S 与b 接通稳定后,原、副线圈中电流的频率之比为2∶1 解析: 由理想变压器的原理可知,当S 与a 接通电流稳定时,由于通过原线圈与副线圈中的磁通量不发生变化,故在副线圈中无感应电流,但在刚接通瞬间,副线圈两端的电压不为零,R 中有感应电流,故A 错误,B 正确;当S 与b 接通稳定后,原线圈中接有交变电流,由变压器的变压比可得副线圈电压为3 V ,C 正确;变压器并不改变交变电流的频率,D 错误.答案: BC2.如图所示,原、副线圈匝数比为2∶1的理想变压器正常工作时,以下说法不正确的是( )A .原、副线圈磁通量之比为2∶1B .原、副线圈电流之比为1∶2C .输入功率和输出功率之比为1∶1D .原、副线圈磁通量变化率之比为1∶1解析: 由于原、副线圈共用一个铁芯,故通过原、副线圈磁通量之比和原、副线圈磁通量变化率之比均为1∶1,选项A 错误而D 正确;由I 1∶I 2=n 2∶n 1得,I 1∶I 2=1∶2,选项B 正确;由于理想变压器不考虑变压器自身的功率损失,故选项C 正确,本题选择不正确的选项,故应选A.答案: A3.对于远距离输电,在P 送一定的情况下,设输电线路中的电流为I 送,输电线的总电阻为R 线,为了节能,采用高压U 送输电,下列说法正确的是( )A .由U 送=I 送R 线,输电线路中的电流变大B .由P 送=I 送U 送,输电线路中的电流变小C .由P 耗=U 2送/R 线,输电线路消耗功率增大D .由P 送=I 2送R 线,不会影响输电线路中的电流解析: 由U 线=I 线R 线,I 送=I 线,U 送≠U 线(U 送=U 到+U 线),故U 送≠I 送R 线,选项A 错;公式P 送=I 送U 送,针对的是同一研究对象,故选项B 对、D 错;P 耗=I 2线R 线=I 2送R 线=(P 送/U 送)2R 线,因此U 送增大时,输电线路消耗功率P 耗减小,故选项C 错.答案: B4.如图所示,一理想变压器原、副线圈的匝数比为1∶2;副线圈电路中接有灯泡,灯泡的额定电压为220 V ,额定功率为22 W ;原线圈电路中接有电压表和电流表.现闭合开关,灯泡正常发光.若用U 和I 分别表示此时电压表和电流表的读数,则( )A .U =110 V ,I =0.2 AB .U =110 V ,I =0.05 AC .U =110 2 V ,I =0.2 AD .U =110 2 V ,I =0.2 2 A解析: 由于灯泡正常发光,故灯泡两端电压即副线圈两端电压为U 2=220 V ,通过灯泡的电流即副线圈中的电流为I 2=22 W220 V=0.1 A .根据理想变压器电压关系U 1∶U 2=n 1∶n 2,得U 1=110 V ,电流关系I 1∶I 2=n 2∶n 1,得I 1=0.2 A ,则U =U 1=110 V ,I =I 1=0.2 A .故选项A 正确,选项B 、D 、D 错误.答案: A5.图甲中的变压器为理想变压器,原线圈的匝数n 1与副线圈的匝数n 2之比为10∶1.变压器的原线圈接如图乙所示的正弦式电流,两个20 Ω的定值电阻串联接在副线圈两端.电压表为理想电表.则( )A .原线圈上电压的有效值为100 VB .原线圈上电压的有效值约为70.7 VC .电压表的读数为5.0 VD .电压表的读数约为3.5 V解析: 本题考查交流电图象的应用及理想变压器与闭合电路.由图乙可得该正弦交流电的峰值为100 V ,所以其有效值为:U =U m2=70.7 V ,A 错误,B 正确;由理想变压器原、副线圈的电压比等于相应的匝数比可得:u 1u 2=n 1n 2⇒u 2=n 2u 1n 1,其中:U 1有=U =U m2=70.7 V ,所以U 2有=7.07 V ,故副线圈上的电压表的读数为:U V =RR +RU 2有≈3.5 V,D 正确,C 错误.答案: BD理想变压器基本关系的应用变压器的工作原理及基本关系(2012·课标)自耦变压器铁芯上只绕有一个线圈,原、副线圈都只取该线圈的某部分.一升压式自耦调压变压器的电路如图所示.其副线圈匝数可调.已知变压器线圈总匝数为1 900匝;原线圈为1 100匝,接在有效值为220 V 的交流电源上.当变压器输出电压调至最大时,负载R 上的功率为2.0 kW.设此时原线圈中电流有效值为I 1,负载两端电压的有效值为U 2,且变压器是理想的,则U 2和I 1分别约为( )A .380 V 和5.3 AB .380 V 和9.1 AC .240 V 和5.3 AD .240 V 和9.1 A解析: 根据理想变压器电压比关系U 1U 2=n 1n 2,代入数据解得副线圈两端的电压有效值U 2=380 V ,因理想变压器原、副线圈输入和输出的功率相等,即P 入=P出=U 1I 1,解得I 1=2×103220A≈9.1 A,选项B 正确;选项A 、C 、D 错误.答案: B理想变压器的注意事项(1)在理想变压器中,副线圈的端电压U 2由输入电压U 1和匝数比n 2/n 1共同决定,与负载电阻大小无关.(2)电网送电遵循“用多少送多少”的原则,原线圈中的输入电流I 1是由副线圈中的输出电流I 2决定的,原、副线圈各一个绕组时,I 1=n 2n 1I 2,副线圈有多个绕组时,由P 入=P 出的功率关系来确定.1-1:如图甲所示,矩形金属线框绕与磁感线垂直的转轴在匀强磁场中匀速转动,输出交流电的电动势图象如图乙所示,经原、副线圈的匝数比为1∶10的理想变压器给一灯泡供电如图丙所示,副线圈电路中灯泡额定功率为22 W ,现闭合开关,灯泡正常发光.则( )A .t =0.01 s 时刻穿过线框回路的磁通量为零B .交流发电机的转速为50 r/sC .变压器原线圈中电流表示数为1 AD .灯泡的额定电压为220 2 V 解析: t =0.01 s 时刻交变电流电动势为零,线圈处于中性面,磁通量最大;由图象可知周期T =0.02 s ,转速n =1T=50 r/s ;变压器原线圈中电压有效值为U 1=22 V ,原线圈中输入功率与副线圈输出功率相同,由P =22 W ,P =UI ,得I =1 A ;由U 1U 2=n 1n 2知副线圈两端电压U 2=220 V .正确选项为B 、C.答案: BC理想变压器动态分析问题1.匝数比不变的情况(如图)(1)U 1不变,根据U 1U 2=n 1n 2,输入电压U 1决定输出电压U 2,不论负载电阻R 如何变化,U 2也不变.(2)当负载电阻发生变化时,I 2变化,输出电流I 2决定输入电流I 1,故I 1发生变化. (3)I 2变化引起P 2变化,P 1=P 2,故P 1发生变化. 2.负载电阻不变的情况(如图)(1)U1不变, n 1n 2发生变化,故U 2变化. (2)R 不变,U 2改变,故I 2发生变化.(3)根据P 2=U 22R,P 2发生变化,再根据P 1=P 2,故P 1变化,P 1=U 1I 1,U 1不变,故I 1发生变化.(2012·福建理综)如图,理想变压器原线圈输入电压u =U m sin ωt ,副线圈电路中R 0为定值电阻,R 是滑动变阻器,和是理想交流电压表,示数分别用U 1和U 2表示;和是理想交流电流表,示数分别用I 1和I 2表示.下列说法正确的是( )A .I 1和I 2表示电流的瞬时值B .U 1和U 2表示电压的最大值C .滑片P 向下滑动过程中,U 2不变、I 1变大D .滑片P 向下滑动过程中,U 2变小、I 1变小解析: 交流电表的示数为有效值,故A 、B 两项均错误;P 向下滑动过程中,R 变小,由于交流电源、原副线圈匝数不变,U 1、U 2均不变,所以I 2=U 2R 0+R 变大,由I 1I 2=n 2n 1,得I 1=n 2n 1I 2变大,故C 项正确,D 项错误.答案: C分析动态问题的思路程序为:2-1:(2013·济南定时练习)自耦调压变压器上的滑动触头P 移动,可以调节输出电压,线圈MN 两端与一个滑动变阻器相连接,Q 为滑动变阻器的滑动触头,V 1、V 2为理想电压表,如图所示,下列说法正确的是( )A .当交流电源接a 、b 时,触头P 上移,Q 也上移,V 1的示数不变,V 2示数可能不变B .当交流电源接a 、b 时,触头P 上移,Q 下移,V 1的示数不变,V 2示数增大C .当交流电源接c 、d 时,触头P 上移,V 1的示数增大,V 2示数不变D .当交流电源接c 、d 时,触头P 上移,V 1的示数减小,V 2示数不变解析: 当交流电源接a 、b 时,P 上移,原线圈匝数变大,电源电压不变,V 1示数不变,由电压关系和U 1、n 2不变、n 1变大.可知副线圈电压U 2减小,Q 上移,cd 间阻值变大,V 2示数可能不变,故A 正确,同理B 错误;当交流电源接cd 时,P 上移,电源电压不变,V 2示数不变,副线圈匝数变大,副线圈电压变大,V 1示数增大,故C 正确、D 错误.答案: AC远距离输电问题远距离高压输电的几个基本关系(以下图为例)(1)功率关系P 1=P 2,P 3=P 4,P 2=P 线+P 3. (2)电压、电流关系U 1U 2=n 1n 2=I 2I 1,U 3U 4=n 3n 4=I 4I 3, U 2=U 线+U 3,I 2=I 3=I 线.(3)输电电流:I 线=P 2U 2=P 3U 3=U 2-U 3r.(4)输电导线上损失的电功率P 损=U 线I 线=I 2线r =(P 2U 2)2r(2012·天津理综)通过一理想变压器,经同一线路输送相同的电功率P ,原线圈的电压U 保持不变,输电线路的总电阻为R .当副线圈与原线圈的匝数比为k 时,线路损耗的电功率为P 1,若将副线圈与原线圈的匝数比提高到nk ,线路损耗的电功率为P 2,则P 1和P 2P 1分别为( )A.PR kU ,1n B.⎝ ⎛⎭⎪⎫P kU 2R ,1n C. PR kU ,1n 2 D. ⎝ ⎛⎭⎪⎫P kU 2R ,1n 2 解析: 根据变压器的变压规律,得U 1U =k ,U 2U=nk ,所以U 1=kU ,U 2=nkU .根据P =UI ,知匝数比为k 和nk 的变压器副线圈的电流分别为I 1=P U 1=P kU ,I 2=P U 2=P nkU.根据P =I 2R ,输电线路损耗的电功率分别为P 1=I 21R =⎝ ⎛⎭⎪⎫P kU 2R ,P 2=I 22R =⎝ ⎛⎭⎪⎫P nkU 2R ,所以P 2P 1=1n 2.选项D 正确,选项A 、B 、C 错误.答案: D1.关于远距离输电问题的处理思路(1)画出输电线路图,将已知量和未知量标在图中相应位置; (2)将输电线路划分为几个独立回路;(3)根据串并联电路特点、欧姆定律、电功率公式等确定各部分回路物理量之间关系; (4)根据升压、降压,原、副线圈的电压、电流关系和功率关系列式求解. 2.远距离输电问题的四个关键(1)画出一个模型——远距离输电模型图 (2)抓住输电的两端——电源和用电器. (3)分析两条导线——输电导线(4)研究两次电压变换——升压和降压3-1:如图所示,有一台交流发电机E ,通过理想升压变压器T 1和理想降压变压器T 2向远处用户供电,输电线的总电阻为R .T 1的输入电压和输入功率分别为U 1和P 1,它的输出电压和输出功率分别为U 2和P 2;T 2的输入电压和输入功率分别为U 3和P 3,它的输出电压和输出功率分别为U 4和P 4.设T 1的输入电压U 1一定,当用户消耗的电功率变大时,有( )A .U 2减小,U 4变大B .U 2不变,U 3变小C .P 1变小,P 2变小D .P 2变大,P 3变大解析: 本题考查远距离输电及理想变压器的基本知识,解决本题的关键是对变压器的工作原理的掌握和闭合电路欧姆定律的应用.由理想变压器输出功率决定输入功率可得,当用户功率增大时,升压变压器的输入功率必增大,即P 1增大,输入电压U 1为定值不变,升压变压器的匝数不变,输入电压不变,故输出电压U 2不变,由于P 1增大,由P 1=U 1I 1=P 2=U 2I 2可得,I 1增加,P 2、I 2增加,由闭合电路欧姆定律:U 3=U 2-I 2R ,故U 3减小,降压变压器原、副线圈匝数不变,所以随U 3减小,U 4减小,A 、C 错误,B 正确;由于用户功率增加,即P 4增加,理想变压器无功率损耗可得:P 3=P 4,功率P 3也增加,故D 正确.答案: BD解决理想变压器问题的常用思路1.思路1 电压思路:理想变压器原、副线圈的电压之比为U 1/U 2=n 1/n 2;当变压器有多个副绕组时U 1/n 1=U 2/n 2=U 3/n 3=…2.思路2 功率思路:理想变压器的输入、输出功率为P 入=P 出,即P 1=P 2;当变压器有多个副绕组时P 1=P 2+P 3+…3.思路3 电流思路:理想变压器原、副线圈的电流比为I 1/I 2=n 2/n 1;当变压器有多个副绕组时n 1I 1=n 2I 2+n 3I 3+…如图所示的理想变压器副线圈为双绕组,两个副线圈n 2、n 3分别通过开关S 1、S 2与电阻R 1、R 2连接,其阻值为R 1=R 2=R ,原线圈n 1接入正弦式交变电压u =102cos 100πt (V).若只闭合开关S 1,则电流表示数为0.2 A ;若只闭合开关S 2,电流表示数为1.25 A .则( )A .R 1消耗的电功率比R 2大B .n 2∶n 3=2∶5C .若两个开关同时闭合,电路消耗的总功率为14.5 WD .若两个开关同时闭合,R 1消耗的电功率比R 2大 解析: 开关分别闭合时,电阻消耗的电功率等于变压器的输入功率,即P =I 1U 1,因此R 1消耗的电功率比R 2小,A 错;开关分别闭合时,I 2I 1=n 1n 2 ①,I 3I ′1=n 1n 3②,而I 1=U 2R ,I 3=U 3R ,U 2U 3=n 2n 3,联立解得n 2n 3=I 1I ′1=25,B 正确;若两个开关同时闭合,有I ″1U 1=I 2U 2+I 3U 3,代入前面的①②和变压比得I ″1=I 1+I ′1=1.45 A ,电路消耗的总功率P =I ″1U 1=14.5 W ,C 正确;若两个开关同时闭合,通过R 1、R 2的电流与原来相同,因此消耗的功率也与原来相同,D 错.答案: BC1.(2012·海南单科)如图,理想变压器原、副线圈匝数比为20∶1,两个标有“12 V,6 W”的小灯泡并联在副线圈的两端.当两灯泡都正常工作时,原线圈电路中电压表和电流表(可视为理想的)的示数分别是( )A .120 V ,0.10 AB .240 V ,0.025 AC .120 V ,0.05 AD .240 V ,0.05 A解析: 副线圈电压U 2=12 V ,由U 1U 2=n 1n 2得U 1=240 V ,副线圈中电流I 2=2·P U =1 A ,由I 1I 2=n 2n 1得I 1=0.05 A.答案: D2.在变电站里,经常要用交流电表去监测电网上的强电流,所用的器材叫电流互感器.如图所示的四个图中,能正确反映其工作原理的是( )解析: 电流互感器是测电流的,应串联在火线上,故B 、D 选项错误;同时,由I 1n 1=I 2n 2知要使I 2<I 1,须n 2>n 1,故A 选项正确,C 选项错误.答案: A3.如图所示,理想变压器的副线圈上通过输电线接有两个相同的灯泡L 1和L 2,输电线的等效电阻为R ,开始时,开关S 断开.当S 接通后,以下说法中正确的是( )A .副线圈两端M 、N 的电压不变B .副线圈输电线等效电阻R 上的电压减小C .通过灯泡L 1的电流增大D .原线圈的输入功率不变解析: 副线圈输出电压决定于原线圈电压和原副线圈匝数比,S 接通后,副线圈两端电压不变,A 项正确;S 接通后,负载总电阻变小,故R 上电流变大,R 上的电压变大,B 项错;灯泡L 1两端的电压和通过其的电流均减小,C 项错;副线圈输出功率变大,故原线圈输入功率变大,D 项错.答案: A4.在远距离输电时,输送的电功率为P ,输送电压为U ,所用导线的电阻率为ρ,横截面积为S ,两地距离为L ,输电线损失的电功率为P ′,用户得到的电功率为P 用,则P ′、P 用的表达式正确的是( ) A .P ′=U 2S ρLB .P ′=2P 2ρL U 2SC .P 用=P -U 2S ρLD .P 用=P (1-2P ρL U 2S )解析: 导线的电阻r =ρ2L S ,输送的电流I =P U ,输电线损失的电功率P ′=I 2r =2P 2ρL U 2S,B 项正确.用户得到的电功率P 用=P -P ′=P (1-2P ρL U 2S ),D 项正确. 答案: BD5.(2012·重庆理综)如图所示,理想变压器的原线圈接入u =11 0002sin 100πt (V)的交变电压,副线圈通过电阻r =6 Ω的导线对“220 V/880 W”的电器RL 供电,该电器正常工作.由此可知( )A .原、副线圈的匝数比为50∶1B .交变电压的频率为100 HzC .副线圈中电流的有效值为4 AD .变压器的输入功率为880 W解析: 由电器RL 正常工作,可得通过副线圈的电流为I=P U =880220A =4 A ,故C 对;副线圈导线所分电压为U r =4×6 V =24 V ,副线圈两端电压U 2=220 V +24 V =244 V ,因此原、副线圈的匝数比n 1n 2=U 1U 2=11 000244=2 75061,故A 错;又P 1=P 2=U 2I 2=244×4 W =976 W ,故D 错;交变电压的频率f =ω2π=50 Hz ,故B 错.答案: C。
高考高考物理大一轮复习十 交变电流 第2讲 变压器电能的输送课时作业

定额市鞍钢阳光实验学校第2讲变压器电能的输送一、单项选择题1.(山东卷改编)如图K1021,将额定电压为60 V的用电器,通过一理想变压器接在正弦交变电源上.闭合开关S后,用电器正常工作,交流电压表和交流电流表(均为理想电表)的示数分别为220 V和2.2 A.以下判断正确的是( )图K1021A.变压器输入功率为484 WB.通过原线圈的电流的有效值为0.6 2 AC.通过副线圈的电流的最大值为2.2 AD.变压器原、副线圈匝数比n1∶n2=11∶32.(广东深圳五校联考)一理想变压器原、副线圈匝数比n1∶n2=11∶1,原线圈与正弦交变电源连接,输入电压u随时间t的变化规律如图K1022所示,副线圈仅接入一个R=10 Ω的电阻,则( )图K1022A.流过电阻R的最大电流是1.0 AB.变压器的输入功率是20 WC.与电阻R并联的电压表的示数是20 VD.在1秒内电流方向改变50次3.如图K1023所示,理想变压器有两个副线圈,匝数分别为n1和n2,所接负载4R1=R2,当只闭合S1时,电流表示数为1 A,当S1和S2都闭合时,电流表示数为2 A,则n1∶n2为( )图K1023A.1∶1 B.1∶2 C.1∶3 D.1∶44.如图K1024甲所示,理想变压器原、副线圈的匝数分别为n1=10匝和n2=100匝,副线圈接有1000 Ω的电阻,原线圈与电阻不计的导线构成闭合回路,其中圆形区域的面积为S=0.4πm2.在该圆形区域内有如图乙所示的按正弦规律变化的磁场垂直穿过,则内阻不计的电流表的示数为(提示:B=B0sinωt,则ΔBΔt=B0ωcosωt)( )甲乙图K1024A.14.1 A B.0.14 AC.1.41 A D.2.00 A5.(湖北孝感联考)如图K1025所示,理想变压器的原、副线圈匝数比为1∶5,原线圈两端的交变电压为u=20 2sin 100πt(V),氖泡在两端电压达到100 V时开始发光,下列说法中正确的有( )图K1025A.开关接通后,氖泡的发光频率为50 HzB.开关接通后,电压表的示数为100 VC.开关断开后,电压表的示数变大D.开关断开后,变压器的输出功率不变6.(河南焦作联考)如图K1026所示,理想变压器原线圈的匝数n1=1100匝,副线圈的匝数n2=110匝,R0、R1、R2均为定值电阻,且R0=R1=R2,电流表、电压表均为理想电表.原线圈接u=220 2sin (314t) V的交流电源.起初开关S处于断开状态.下列说法中错误..的是( )图K1026A.电压表示数为22 VB.当开关S闭合后,电压表示数变小C.当开关S闭合后,电流表示数变大D.当开关S闭合后,变压器的输出功率增大二、多项选择题7.如图K1027所示,理想变压器原、副线圈的匝数之比是10∶1,原线圈输入交变电压u=100 2sin 50πt V,O是副线圈中心抽出的线头,R1=5 Ω,R2=15 Ω,则( )图K1027A.开关S断开时,电流表的示数为0.05 AB.开关S闭合时,电流表的示数为0.05 AC.开关S闭合时,两电阻总的电功率为203WD.开关S断开时,两电阻总的电功率为203W8.如图K1028甲为理想变压器的示意图,其原、副线圈的匝数比为5∶1,电压表和电流表均为理想交流电表,R t为阻值随温度升高而变大的热敏电阻,R1为定值电阻.若发电机向原线圈输入如图乙所示的正弦交流电,则下列说法中正确的是( )甲乙图K1028A.输入变压器原线圈的交流电压的表达式为u=36 2sin 50πt VB.t=0.015 s时,发电机的线圈平面与磁场方向垂直C.变压器原、副线圈中的电流之比为1∶5D.R t温度升高时,电流表的示数变小,电压表的读数不变9.如图K1029,一理想变压器原、副线圈的匝数分别为n1、n2.原线圈通过一理想电流表接正弦交流电源,一个二极管和阻值为R的负载电阻串联后接到副线圈的两端.假设该二极管的正向电阻为零,反向电阻为无穷大.用交流电压表测得a、b端和c、d端的电压分别为U ab和U cd,则( )图K1029A.U ab∶U cd=n1∶n2B.增大负载电阻的阻值R,电流表的读数变小C.负载电阻的阻值越小,cd间的电压U cd越大D.将二极管短路,电流表的读数加倍三、非选择题10.有一台内阻为1 Ω的发电机,供给一个学校照明用电,如图K10210所示,升压变压器匝数比为1∶4,降压变压器的匝数比为4∶1,输电线的总电阻R=4 Ω,全校共22个班,每班有“220 V,40 W”的灯6盏,若保证全部电灯正常发光,则:图K10210(1)发电机输出功率多大?(2)发电机电动势多大?(3)输电效率是多少?(4)若使用灯数减半并正常发光,则发电机输出功率是否减半?11.三峡水利电力枢纽工程是长江流域治理开发的一项重大举措,又是全世界已建、在建的最大规模的水利枢纽工程.枢纽控制流域面积1.0×106km2,占长江流域面积的56%,坝址处年平均流量为Q=4.51×1011m3.水利枢纽的主要任务包括防洪、发电、航运三方面.在发电方面,三峡电站安装水轮发电机组26台,总装机容量(指26台发电机组同时工作时的总发电功率)为P=1.82×107 kW,年平均发电量约为W=8.40×1010kW·h.该工程已于全部竣工,成为“西电东送”的中部通道,主要向华中、华东电网供电,以缓解这两个地区的用电紧张局面.阅读上述材料,解答以下问题(水的密度ρ=1.0×103kg/m3,g取10 m/s2):(1)如果三峡电站上、下游水位差按H=100 m计算,试推导三峡电站将水流的势能转化为电能的效率η的表达式,并计算效率η的数值.(2)若26台发电机组全部建成并发电,要达到年发电量的要求,每台发电机组平均年发电时间为多少天?(3)将该电站的电能输送到华中地区,输电功率为P1=4.5×106 kW,采用超高压输电,输电电压为U=500 kV,而发电机输出的电压为U0=18 kV,要使输电线上损耗的功率为输电总功率的5%,求发电站的升压变压器原、副线圈的匝数比和输电线路的总电阻.第2讲 变压器 电能的输送1.D2.C 解析:由图象可知,原线圈中电压的最大值为220 2V ,所以电压的有效值为220 V ,根据电压与匝数成正比可知,副线圈的电压有效值为20 V ,副线圈的电阻为10 Ω,所以电流为2 A ,所以A 错误;电压表测量的是电压的有效值,所以电压表的读数为20 V ,所以C 正确;原、副线圈的功率是相同的,由P =UI =20×2 W=40 W ,所以变压器的输入功率是40 W ,所以B 错误;从图中可以得出交流电的频率为f =12×10-2 Hz =50 Hz ,线圈每转动一圈,电流方向改变两次,所以在1 s 内电流方向改变100次,D 错误.3.B 解析:变压器原、副线圈的磁通量变化率相同,所以U ∶U 1∶U 2=n ∶n 1∶n 2,根据能量守恒,输出功率等于输入功率,所以有当只闭合S 1时UI =U 21R 1,当S 1和S 2都闭合时,UI ′=U 21R 1+U 22R 2=4U 21+U 224R 1,代入数据I =1 A 、I ′=2 A 可得U 22=4U 21,即U 1∶U 2=1∶2,所以n 1∶n 2=1∶2,选项B 对.4.C 解析:U 1=ΔB Δt ·S =B 0ωcos ωt ·0.4π,由图象中读出B 0和ω,代入得U 1=20cos ωt (V),副线圈中U 2的有效值为100 2 V ,I 2=U 2R=0.1 2A .根据I 1I 2=n 2n 1得I 1= 2 A.5.B 解析:由u =20 2sin 100πt (V)可知,交流电压频率为50 Hz ,在一个周期内,交变电流两次超过100 V 电压,所以氖泡的发光频率为100 Hz ,选项A 错误;变压器输入电压有效值为U 1=20 V ,输出电压有效值U 2=n 2n 1U 1=5×20 V=100 V ,开关接通与断开后,电压表的示数均为100 V ,选项B 正确,C 错误;开关断开后,氖泡不发光,消耗电能变小,变压器的输出功率变小,选项D 错误.6.A7.AC 解析:由电压公式知输入电压的有效值为U 0=100 V ,S 断开时,根据电压与匝数成正比知输出电压为10 V ,S 断开时,由欧姆定律知,副线圈中的电流为105+15A =0.5 A ,根据电流与匝数成反比得,原线圈中电流为0.05A ,故A 正确;开关S 断开时,两电阻总的电功率为UI =10×0.5=5 W ,故D 错误;S 闭合时,相当于有两个副线圈,电压仍然与匝数成正比,但电流与匝数不再成反比,因O 是副线圈中心抽出的线头,两电阻两端电压均为5 V ,两副线圈中电流分别为I 1=55 A =1 A 和I 2=515 A =13A ,所以由IU 0=I 1U 1+I 2U 2得,原线圈中电流为I =1×5+13×5100 A =115 A ,故B 错误;S 闭合时,两电阻总的电功率为P 总=I 1U 1+I 2U 2=203W ,故C 正确.8.CD 解析:由于交流电的周期为0.02 s ,故角速度为100π rad/s ,而表达式中的角速度显示为50π rad/s,故选项A 错误;当t =0.015 s 时,sin(100π×0.015)=sin 1.5π=-1,故此时的电动势最大,即发电机的线圈平面与磁场方向平行,选项B 错误;因为变压器原、副线圈的匝数比为5∶1,故变压器原、副线圈中的电流之比为1∶5,选项C 正确;当R t 温度升高时,由于变压器的副线圈的电压不变,故电流表的示数变小,原线圈的电压也是不变的,故电压表的读数不变,选项D 正确.9.BD 解析:设副线圈两端电压为U 2,则有U ab U 2=n 1n 2,由于二极管具有单向导电性,根据有效值定义可知,U 22R ×T 2=U 2cdR T ,则U cd =U 22,故选项A 错误;增大负载电阻,则变压器的输出功率减小,输入功率也减小,由P 1=U ab I 1可知,电流表读数减小,选项B 正确;cd 间的电压U cd 与R 大小无关,选项C 错误;将二极管短路,变压器的输出功率P 2=U 22R =2U 2cd R,为原来的2倍,由P 2=P 1=U ab I 1可知,电流表的读数变为原来的2倍,选项D 正确.10.解:(1)对降压变压器:U 2′I 2=U 3I 3=nP 灯=22×6×40 W=5280 W而U 2′=41U 3=4×220 V=880 V所以I 2=nP 灯U 2′=5280880A =6 A对升压变压器:U 1I 1=U 2I 2=I 22R +U 2′I 2=62×4 W+5280 W =5424 W.所以P 出=5424 W.(2)因为U 2=U 2′+I 2R =880 V +6×4 V=904 V所以U 1=14U 2=14×904 V=226 V又因为U 1I 1=U 2I 2,所以I 1=U 2I 2U 1=24 A所以E =U 1+I 1r =226 V +24×1 V=250 V.(3)η=P 有用P 出=5280 W5424 W=97%.(4)电灯减少一半时,n ′P 灯=2640 WI 2′=n ′P 灯U 2′=2640880A =3 A所以P 出′=n ′P 灯+I 2′2R =(2640+32×4) W=2676 W发电机的输出功率减少一半还要多.11.解:(1)电站将水流的势能转化为电能的效率η的表达式为η=E 电E 重力=W 年发电M 年gH =W ρQgH代入数据解得η=8.40×1010×103×3600 J1.0×103×4.51×1011×10×100 J×100%≈67.1 %. (2)根据公式P =Wt得t =W P =8.40×10101.82×107×24天≈192.3天.(3)升压变压器的变压比n 1n 2=U 0U =18500=9250输电线中的电流I =P 1U =4.5×106500A =9.0×103A输电线上损耗的电功率P 损=5%P 1=I 2R 线 输电线路的总电阻R 线=0.05P 1I 2=0.05×4.5×106×1039.0×1032Ω≈2.78 Ω.。
高考物理一轮复习课件10.2变压器电能的输送

例 2.通过一理想变压器,经同一线路输送相同的电功率 P,原线圈的电压 U 保持不变,输电线路的总电阻为 R.当副线 圈与原线圈的匝数比为 k 时,线路损耗的电功率为 P1,若将 副线圈与原线圈的匝数比提高到 nk,线路损耗的电功率为 P2, 则 P1 和PP21分别为( )
A.PkUR,n1 B.kPU2R,n1 C.PkUR,n12 D.kPU2R,n12
A.升压变压器的输出电压增大 B.降压变压器的输出电压增大 C.输电线上损耗的功率增大 D.输电线上损耗的功率占总功率的比例增大
解析 升压变压器的输出电压由电源电压及匝数比决定,
输出功率变大时升压变压器的输出电压不变,A 项错误;由 I =UP可知当输出功率增大时输出电流增大.由 U 损=IR 及 P 损 =I2R 可知 U 损及 P 损均增大,故 C 项正确;当 U 损增大时降压 变压器的输出电压减小,B 选项错误;由 P 损=UP22R 可知PP损= UP2R.当输出功率增大时输电线损耗比例增大,D 项正确.
A.I1 和 I2 表示电流的瞬时值 B.U1 和 U2 表示电压的最大值 C.滑片 P 向下滑动过程中,U2 不变、I1 变大 D.滑片 P 向下滑动过程中,U2 变小、I1 变小
错因分析 错解一:不知道交流电压表、交流电流表测量 的是交变电流的有效值,错选 A、B.
错解二:不清楚交变电流的制约关系,误认为滑片 P 向 下滑动过程中,电阻减小,输电电压 U 和输入电压都变小, 电流也变小.
答案 CD
方法探究
易错点一 不能正确地分析变压器的动态变化问题
例 1.如图,理想变压器原线圈输入电压 u=Umsinωt,副 线圈电路中 R0 为定值电阻,R 是滑动变阻器, 和 是理想交流 电压表,示数分别用 U1 和 U2 表示; 和 是理想交流电流表, 示数分别用 I1 和 I2 表示.下列说法正确的是( )
高考物理总复习讲义教案 第10章-第2讲变压器 电能的输送

第2讲 变压器 电能的输送知识一 理想变压器1.构造(如图10-2-1所示)图10-2-1变压器由原线圈、副线圈和闭合铁芯组成.2.工作原理互感现象.3.基本关系(1)电压关系:=.U 1U 2n 1n 2(2)功率关系:P 入=P 出.(3)电流关系:①只有一个副线圈时:=.I 1I 2n 2n 1②有多个副线圈时,U 1I 1=U 2I 2+U 3I 3+…+U n I n .4.几种常用的变压器(1)自耦变压器——调压变压器.(2)互感器Error!5.理想变压器的理解.(1)没有能量损失.(2)没有磁通量损失.(1)变压器只对变化的电流起作用,对恒定电流不起作用.(√)(2)变压器不但能改变交变电流的电压,还能改变交变电流的频率.(×)(3)正常工作的变压器当副线圈与用电器断开时,副线圈两端无电压.(×)知识二 远距离输电1.输电过程(如图10-2-2所示)图10-2-22.输送电流(1)I =;(2)I =.P U U -U ′R 3.输电导线上的能量损失:主要是由输电线的电阻发热产生的,表达式为Q =I 2Rt .4.电压损失(1)ΔU =U -U ′ (2)ΔU =IR .5.功率损失(1)ΔP =P -P ′ (2)ΔP =I 2R =()2R .P U 6.降低输电损耗的两个途径(1)减小输电导线的电阻.(2)减小输电导线中的输电电流. 照明供电线路的路端电压基本上是保持不变的.可是我们在晚上七、八点钟用电高峰时开灯,电灯比深夜时要显得暗些,这是什么原因呢? 在用电高峰时,总电阻比深夜时小,供电线路上的电流大,输电线路上损失的电压较大,因而每盏电灯两端的电压较低.1.如图10-2-3所示,理想变压器原、副线圈的匝数比为2∶1,电阻R =55.0 Ω,原线圈两端接一正弦式交变电流,电压u 随时间t 变化的规律为u =110sin 20πt (V),时间t 2的单位是s.那么,通过电阻R 的电流有效值和频率分别为( )图10-2-3A .1.0 A 、20 Hz B.A 、20 Hz2C.A 、10 Hz D .1.0 A 、10 Hz2【解析】 原线圈电压有效值为110 V ,副线圈电压有效值为55 V ,通过电阻R 的电流有效值为1.0 A ,频率为10 Hz ,选项D 正确.【答案】 D2.如图10-2-4所示,一理想变压器的原副线圈匝数比为5∶1,正弦交流电源的内阻不计,电阻R 1=R 2=4 Ω,R 2消耗的功率为P 2=100 W ,则( )图10-2-4A .R 1消耗的功率为100 WB .R 1、R 2中的电流之比为1∶5C .原线圈两端电压的最大值为100 VD .交流电源的输出功率等于100 W【解析】 由变压器的功率关系,R 1、R 2中的电流之比为1∶5,R 1中电流为1 A ,消耗的功率为4 W ,选项B 正确,A 错误;副线圈输出电压为20 V ,原线圈两端电压的有效值为100 V ,最大值为141 V ,交流电源的输出功率等于两电阻消耗功率之和,为104 W ,选项C 、D 错误.【答案】 B3.如图10-2-5,一理想变压器原副线圈的匝数比为1∶2;副线圈电路中接有灯泡,灯泡的额定电压为220 V ,额定功率为22 W ;原线圈电路中接有电压表和电流表.现闭合开关,灯泡正常发光.若用U 和I 分别表示此时电压表和电流表的读数,则( )图10-2-5A .U =110 V ,I =0.2 AB .U =110 V ,I =0.05 AC .U =110 V ,I =0.2 A2D .U =110 V ,I =0.2 A 22【解析】 由变压原理=可得U 1=110 V ,即电压表示数为110 V .由P 入=P 出,n 1n 2U 1U 2灯泡正常发光可得P 入=U 1I 1=P 出=22 W ,I 1= A =0.2 A ,故A 正确.22110【答案】 A4.(2013·广东高考)如图10-2-6,理想变压器原、副线圈匝数比n 1∶n 2=2∶1,和○V 均为理想电表,灯泡电阻R L =6 Ω,AB 端电压U 1=12sin 100πt (V).下列说法正确的是○A 2( )图10-2-6A .电流频率为100 HzB . 的读数为24 V ○V C .的读数为0.5 A ○A D .变压器输入功率为6 W【解析】 由AB 端电压u 1=12sin 100πt (V)知ω=100 π,又ω=2πf ,得频率f =502Hz ,A 错误;由理想变压器规律=,U 2=6 V ,B 错误;又I 2==1 A ,C 错误;U 1U 2n 1n 2U 2R 2P 2=U 2I 2=6 W ,P 1=P 2,D 正确.【答案】 D5.(2010·浙江高考)某水电站,用总电阻为2.5 Ω的输电线输电给500 km 外的用户,其输出电功率是3×106 kW.现用500 kV 电压输电,则下列说法正确的是( )A .输电线上输送的电流大小为2.0×105 AB .输电线上由电阻造成的损失电压为15 kVC .若改用5 kV 电压输电,则输电线上损失的功率为9×108 kWD .输电线上损失的功率为ΔP =,U 为输电电压,r 为输电线的电阻U 2r 【解析】 输电线上输送的电流为I 输===6 000 A ,A 选项错误.输P 输U 输3×106 kW500 kV 电线上由电阻造成的损失电压U 损=I 输×R 线=6 000 A ×2.5 Ω=1.5×104 V ,B 选项正确.若输电电压为5 kV ,则输电线上损失的功率不可能大于输电总功率3×106 kW ,C 选项错误.ΔP =中,U 应当为输电线上损失的电压,D 选项错误.U 2r 【答案】 B考点一 理想变压器原、副线圈基本关系的应用一、基本关系1.P 入=P 出.2.=,有多个副线圈时,仍然成立.U 1U 2n 1n 23.=,电流与匝数成反比,只对一个副线圈的变压器适用.有多个副线圈时,由输I 1I 2n 2n 1入功率和输出功率相等确定电流关系.4.原、副线圈的每一匝的磁通量都相同,磁通量变化率也相同,频率也就相同.二、制约关系1.电压:副线圈电压U 2由原线圈电压U 1和匝数比决定.2.功率:原线圈的输入功率P 1由副线圈的输出功率P 2决定.3.电流:原线圈电流I 1由副线圈电流I 2和匝数比决定.———————————— (2013·四川高考)用220 V 的正弦交流电通过理想变压器对一负载供电,变压器输出电压是110 V ,通过负载的电流图象如图10-2-7所示,则( )图10-2-7A .变压器输入功率约为3.9 WB .输出电压的最大值是110 VC .变压器原、副线圈匝数比是1∶2D .负载电流的函数表达式i =0.05sin(100πt +)Aπ2【审题指导】 (1)理想变压器输入功率与输出功率相等.(2)交流电路中的功率需要用有效值计算.(3)由负载电流的图象,其函数表达式应为i =I m sin ωt 形式.【解析】 根据图象可知:负载电流的最大值I m =0.05 A ,周期T =0.02 s ,则ω==2πT rad/s =100π rad/s ,所以负载电流的函数表达式i =0.05sin 100πt A ,故选项D 错误;负载2π0.02电流的有效值I == A =0.035 35 A ,则理想变压器的输入功率P 入=P 出=110×0.035 I m 20.05235 W ≈3.9 W ,故选项A 正确;输出电压的有效值为110 V ,最大值为110 V ,故选项B 错2误;变压器原、副线圈匝数比==2,故选项C 错误.n 1n 2220110【答案】 A ———————————— (多选)如图10-2-8所示,变压器输入交变电压u =311sin 100πt (V),变压器原、副线圈匝数比为2∶1,已知电水壶额定功率为880 W ,排气扇机内电阻为1 Ω,电流表示数为16 A ,各用电器均工作正常.电表均为理想电表,则( )图10-2-8A .电压表示数为110 VB .变压器的输入功率为1 760 WC .排气扇输出功率为827 WD .保险丝熔断电流不得低于32 A【解析】 由交流电表达式可知输入电压有效值为220 V ,结合匝数比可知电压表读数为110 V ,则A 正确;变压器输入功率P 总=1 760 W ,则B 正确;电水壶工作电流I ==8 P U A ,则排气扇工作电流I ′=8 A ,其功率P ′=UI ′=880 W ,排气扇输出功率P 出=P ′-I ′2R =816 W ,则C 错误;原线圈正常工作电流为8 A ,则D 错误.【答案】 AB考点二 理想变压器的动态分析 分析理想变压器动态问题的思路程序可表示为:U 1U 2I 2-------→U 1U 2=n 1n 2 决定---------→I 2=U 2R 负载 I 1P 1.-------------→P 1=P 2(I 1U 1=I 2U 2)决定---------→P 1=I 1U 1决定————————————图10-2-9 (多选)(2013·江苏高考)如图10-2-9所示,理想变压器原线圈接有交流电源,当副线圈上的滑片P 处于图示位置时,灯泡L 能发光.要使灯泡变亮,可以采取的方法有( )A .向下滑动PB .增大交流电源的电压C .增大交流电源的频率D .减小电容器C 的电容【审题指导】 (1)滑片P 向下滑动,副线圈匝数减少,变压器输出电压变小.(2)增大频率,容抗减小,减小电容,容抗变大.【解析】 根据变压器的变压原理,滑片P 向下滑动时,副线圈的匝数变少,则输出电压变小,灯变暗,A 项错误;增大交流电源的电压时,输出电压随之增大,灯变亮,B 正确;电容器具有“阻低频,通高频”的特性,故增大交流电源的频率,使电容器的通交流的性能增强,灯变亮,C 项正确;减小电容器C 的电容,会使电容的通交流的性能减弱,导致灯变暗,D 项错误.【答案】 BC 理想变压器的动态分析的方法(1)分清不变量和变量.(2)明确理想变压器中电压、电流、功率之间的联系和相互制约关系.(3)利用闭合电路欧姆定律、串并联电路特点进行分析判定.———————————— 如图10-2-10所示,原、副线圈的匝数均可调节,原线圈两端接一正弦交变电流,为了使变压器输入功率增大,可以采取的措施有( )图10-2-10A .只增加原线圈的匝数n 1B .只减少副线圈的匝数n 2C .只减少负载电阻R 的阻值D .只增大负载电阻R 的阻值【解析】 由=知,当n 1增大时,U 2减小,当减小n 2时,U 2也减小,又根据P 入n 1n 2U 1U 2=P 出=知,A 、B 、D 均错误,C 正确.U 2R 【答案】 C考点三 远距离输电问题一、远距离输电的电路结构图图10-2-11二、五个关系式1.=,=.U 1n 1U 2n 2U 3n 3U 4n 42.理想变压器的输入功率等于输出功率,P 入=P 出.3.升压变压器原线圈的电流I 1=,副线圈的电流I 2=,U 2为输送电压.P 1U 1P 2U 24.功率损失:ΔP =I R 线=, P 2=P 3+ΔP .2(U 2-U 3)2R 线5.电压关系:U 2=I 2R 线+U 3.三、解远距离输电问题的思路1.正确画出输电过程示意图并在图上标出各物理量.2.抓住变压器变压前后各量间关系,求出输电线上的电流.3.计算电路功率问题时常用关系式:P 损=I R 线,注意输电线上的功率损失和电压损2线失.4.电网送电遵循“用多少送多少”的原则说明原线圈电流由副线圈电流决定.———————————— (2014·黄冈中学模拟)如图10-2-12为远距离高压输电的示意图.关于远距离输电,下列表述错误的是( )图10-2-12A .增加输电导线的横截面积有利于减少输电过程中的电能损失B .高压输电是通过减小输电电流来减小电路的发热损耗的C .在输送电压一定时,输送的电功率越大,输电过程中的电能损失越小D .高压输电必须综合考虑各种因素,不一定是电压越高越好【解析】 依据输电原理,电路中的功率损耗ΔP =I 2R 线,而R 线=ρ,增大输电线的横l S 截面积,可减小输电线的电阻,则能够减小输电线上的功率损耗,A 项正确;由P =UI 来看在输送功率一定的情况下,输送电压U 越大,则输电电流越小,则功率损耗越小,B 项正确;若输电电压一定,输送功率越大,则电流I 越大,电路中损耗的电功率越大,C 项错误;输电电压并不是电压越高越好,因为电压越高,对于安全和技术的要求越高,D 项正确.【答案】 C ———————————— (多选)一台发电机最大输出功率为4 000 kW ,电压为4 000 V ,经变压器T 1升压后向远方输电.输电线路总电阻为R =1 kΩ.到目的地经变压器T 2降压,负载为多个正常发光的灯泡(220 V 60 W).若在输电线路上消耗的功率为发电机输出功率的10%,变压器T 1和T 2的耗损可忽略,发电机处于满负荷工作状态,则( )A .T 1原、副线圈电流分别为103 A 和20 AB .T 2原、副线圈电压分别为1.8×105 V 和220 VC .T 1和T 2的变压比分别为1∶50和40∶1D .有6×104盏灯泡(220 V 60 W)正常发光【审题指导】 (1)根据题意画出远距离输电示意图标明已知量和未知量.(2)由变压器上的电压关系、电流关系和功率关系,列式求解.【解析】 远距离输电的模型如图所示.T 1原线圈的电流为I 1== A =1×103 A ,输电线上损失的功率为P 损P 1U 1 4 000×1034 000=I R =10%P 1,所以I 2== A =20 A ,选项A 正确;T 1的匝数210%P 1R4 000×103×0.11×103比为===,T 1上副线圈的电压为U 2=50U 1=2×105 V ,T 2原线圈的电压为n 1n 2I 2I 120103150U 3=U 2-I 2R =2×105 V -20×103 V =1.8×105 V ,选项B 正确;T 2上原、副线圈的变压比为===,选项C 错误;能正常发光的灯泡的盏数为:n 3n 4U 3U 4 1.8×1052209×10311N ==6×104,选项D 正确.90%P 160【答案】 ABD两种特殊变压器模型一、自耦变压器高中物理中研究的变压器本身就是一种忽略了能量损失的理想模型,自耦变压器(又称调压器),它只有一个线圈,其中一部分作为另一个线圈,当交流电源接不同的端点时,它可以升压也可以降压,变压器的基本关系对自耦变压器均适用.二、互感器分为:电压互感器和电流互感器,比较如下: 类型比较项目 电压互感器电流互感器原理图原线圈的连接并联在高压电路中串联在待测高流电路中副线圈的连接连接电压表连接电流表互感器的作用将高电压变为低电压将大电流变成小电流利用的公式=U 1U 2n 1n 2I 1n 1=I 2n 2———————————— 图10-2-13(2012·新课标全国高考)自耦变压器铁芯上只绕有一个线圈,原、副线圈都只取该线圈的某部分.一升压式自耦调压变压器的电路如图10-2-13所示,其副线圈匝数可调.已知变压器线圈总匝数为1 900匝;原线圈为1 100匝,接在有效值为220 V 的交流电源上.当变压器输出电压调至最大时,负载R 上的功率为2.0 kW.设此时原线圈中电流有效值为I 1,负载两端电压的有效值为U 2,且变压器是理想的,则U 2和I 1分别约为( )A .380 V 和5.3 AB .380 V 和9.1 AC .240 V 和5.3 AD .240 V 和9.1 A【解析】 根据理想变压器电压比关系=,代入数据解得副线圈两端的电压有效值U 1U 2n 1n 2U 2=380 V ,因理想变压器原、副线圈输入和输出的功率相等,即P 入=P 出=U 1I 1,解得I 1=A ≈9.1 A ,选项B 正确,选项A 、C 、D 错误.2×103220【答案】 B————————————(多选)电流互感器和电压互感器如图10-2-14所示.其中n 1、n 2、n 3、n 4分别为四组线圈的匝数,a 、b 为两只交流电表,则( )图10-2-14A .A 为电流互感器,且n 1<n 2,a 是电流表B .A 为电压互感器,且n 1>n 2,a 是电压表C .B 为电流互感器,且n 3<n 4,b 是电流表D .B 为电压互感器,且n 3>n 4,b 是电压表【解析】 由题图可知A 为电流互感器,B 为电压互感器,因此a 是电流表,b 是电压表.在A 中,有I 1n 1=I 2n 2,要把大电流变为小电流,有n 2>n 1;在B 中,有=,要把高U 3U 4n 3n 4电压变成低电压,则有n 3>n 4;综上所述可知,选项A 、D 正确.【答案】 AD⊙理想变压器基本关系1.(2013·山东省烟台市调研)如图10-2-15所示,一理想变压器原线圈的匝数n 1=1 100匝,副线圈的匝数n 2=220匝,交流电源的电压u =220sin (100πt )V ,R 为负载电阻,2电压表、电流表均为理想电表,则下列说法正确的是( )图10-2-15A .交流电的频率为100 HzB .电压表的示数为44 VC .电流表A 1的示数大于电流表A 2的示数D .变压器的输入功率大于输出功率【解析】 由交流电源的电压u =220sin(100πt )V ,可得交流电的频率为50 Hz ,选项2A 错误.变压器输入电压为220 V ,由变压公式得,变压器输出电压为44 V ,电压表的示数为44 V ,选项B 正确.根据变压器电流关系,电流表A 1的示数小于电流表A 2的示数,选项C 错误.根据理想变压器功率关系,变压器的输入功率等于输出功率,选项D 错误.【答案】 B⊙变压器和交流电路动态分析2.图10-2-16(2012·福建高考)如图10-2-16所示,理想变压器原线圈输入电压u =U m sin ωt ,副线圈电路中R 0为定值电阻,R 是滑动变阻器. 和 是理想交流电压表,示数分别用U 1和○V 1○V 2U 2表示;和是理想交流电流表,示数分别用I 1和I 2表示.下列说法正确的是( )○A 1○A2A .I 1和I 2表示电流的瞬时值B .U 1和U 2表示电压的最大值C .滑片P 向下滑动过程中,U 2不变、I 1变大D .滑片P 向下滑动过程中,U 2变小、I 1变小【解析】 交流电表的示数为有效值,故A 、B 两项均错误;P 向下滑动过程中,R 变小,由于交流电源、原副线圈匝数不变,U 1、U 2均不变,所以I 2=变大,由=,U 2R 0+R I 1I 2n 2n 1得I 1=I 2变大,故C 项正确,D 项错误.n 2n 1【答案】 C3.(多选)(2013·深圳市南山区调研)如图10-2-17,有一矩形线圈的面积为S ,匝数为N ,绕OO ′轴在磁感应强度为B 的匀强磁场中以角速度ω匀速转动.滑动触头P 上下移动时可改变输出电压,副线圈接有定值电阻R ,从图示位置开始计时,下列判断正确的是( )图10-2-17A .电流表测得的是电流最大值B .感应电动势的瞬时值表达式为e =NBSω·sin ωtC .P 向上移动时,电流表示数变大D .P 向上移动时,电流表示数变小【解析】 电流表测得的是电流有效值,选项A 错误;从图示位置开始时,感应电动势的瞬时值表达式为e =NBSω·sin ωt ,选项B 正确;P 向上移动时,输出电压降低,电流表示数变小,选项C 错误,D 正确.【答案】 BD⊙远距离输电问题4.(多选)(2010·江苏高考)在如图10-2-18所示的远距离输电电路图中,升压变压器和降压变压器均为理想变压器,发电厂的输出电压和输电线的电阻均不变,随着发电厂输出功率的增大,下列说法中正确的有( )图10-2-18A .升压变压器的输出电压增大B .降压变压器的输出电压增大C .输电线上损耗的功率增大D .输电线上损耗的功率占总功率的比例增大【解析】 升压变压器的输出电压由电源电压及匝数比决定,输出功率变大时升压变压器的输出电压不变,A 项错误.由I =可知当输出功率增大时输出电流增大.由U 损=IR P U 及P 损=I 2R 可知U 损及P 损均增大,故C 项正确.当U 损增大时降压变压器的输出电压减小,B 选项错误.由P 损=R 可知=R ,当输出功率增大时输电线损耗比例增大,D 项正P 2U 2P 损P PU 2确.【答案】 CD⊙变压器综合应用问题5.一个理想变压器原线圈输入功率为P 0=1 200 W ,原、副线圈匝数比为n 1∶n 2=2∶1,其副线圈两端接一内阻为r =4 Ω的电动机,此电动机正以速度v =0.8 m/s 匀速向上提升质量为m =100 kg 的重物,已知重力加速度g =10 m/s 2,则变压器原线圈两端的电压为多大?【解析】 由能量守恒知,理想变压器原线圈输入功率等于输出功率,又等于电动机的输入功率.据题意知P 0-mg v =I 2r ,式中I 为变压器的输出电流,即电动机的输入电流,得I ==10 A ,P 0-mg vr 变压器的输出电压为U 2==120 V.P 0I 设变压器原线圈两端的电压为U 1,据题意知==,U 1U 2n 1n 221则U 1=U 2=240 V.n 1n 2【答案】 240 V。
高三物理第一轮复习 10-2变压器电能的输送学案 新人教版

第二课时 变压器 电能的输送【教学要求】1.了解变压器的构造和原理。
知道变压器的电压与匝数的关系,并能用这关系进行计算。
2.了解远距离输电的主要环节,知道远距离输电时应用高电压的道理。
【知识再现】一、变压器1、主要构造:(1)闭合铁芯。
(2)绕在铁芯上的原、副线圈(初级、次级线圈)。
2、工作原理:电磁感应(互感)。
3、几种常用的变压器(l )自耦变压器:如调压变压器,铁芯上只绕一个线圈,可升压,可降压。
(2)互感器电压互感器:把高电压变成低电压,以便测量高电压。
(降压变压器)电流互感器:把大电流变成小电流,以便测定小电流。
(升压变压器)二、电能的输送1、输送电能的基本要求:可靠(供电线路工作可靠)、保质(电压和频率稳定)、经济(输电线路的建造和运行费用低,电能损耗少)。
2、关键:减小输电线路上的电能损耗,P 损=I 2R 。
3、方法:①减小输电线的电阻,如采用电阻率小的材料或增大导线的横截面积。
②高压输电:在输送功率一定的条件下提高输送电压,以减小输电电流,从而减小输电导线上损失的电功率。
由于理想变压器没有漏磁和能量损失,所以穿过原、副线圈的磁通量ф相等,磁通量的变化率△ф/△t 也总是相等,这种使原、副线圈产生的感应电动势与原、副线圈的匝数成正比.故变压器的工作原理是电磁感应(互感现象).变压器的基本规律可概括为“三变三不变”,即:可改变交流的电压、电流、等效电阻;不能改变功率、频率和直流的电压。
变压器的变压比: U 1/n 1 = U 2/n 2= U 3/n 3 =… = ΔU /Δn = k变压器的变流比: n 1I 1=n 2I 2+n 3I 3+……理想变压器的输入功率由输出功率决定:2211222222111/R n U n R U U I U I P ⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛==== 【应用1】如图所示,理想变压器的原、副线圈匝数之比为n 1:n 2=4:1,原线圈回路中的电阻A 与副线圈回路中的负载电阻B 的阻值相等。
高考物理一轮复习6:10-2 变压器、电能的输送优质课件

【解析】据题意,已知变压器原线圈输入功率由副线圈输
出功率决定,为了使变压器输入功率增大,可以调整副线圈的
输出功率,当原线圈输入电压不变时,副线圈上的电压也不变, 由 P=UR2可知,当负载电阻减小时,副线圈输出功率增加,故 D 选项正确而 C 选项错误;其它条件不变,当增加原线圈匝数 时,据nn12=UU12可得 U2=Un1n1 2,则副线圈电压减小,而功率也减 小,A 选项错误;副线圈匝数减小,同理可得变压器功率减小,
注意:变压器只能改变交流电压,不能改变直流电压.
4.常见变压器 (1)自耦变压器——调压变压器.
(2)互感器
电压互感器:用来把 高电压 变成 低电压 . 电流互感器:用来把 大电流 变成 小电流 .
二、电能的输送 1.输电损耗功率的计算:P 损=I2R= UP输输2R . 2.降低输电损耗的两个途径: (1)减小输电导线的 电阻 ,如采用电阻率小的材料、 加大导线的横截面积等. (2)提高输电 电压 ,减小输电电流.
【解析】据题意,输入电压为:U1=U2m=100 V,副线圈
电压为:U2=nn2U1 1=10 V,当开关断开时,两个电阻串联,副 线圈电流为:I2=R1U+2R2=0.5 A,则原线圈电流为:I1=nn2I12= 0.05 A,故 A 选项正确;两个电阻总功率为:P=I22(R1+R2) =5 W,故 D 选项错误;当开关闭合时,副线圈中总电流为: I2′=55 A+155 A=43 A,根据输出功率等于输入功率知原线圈
第十章 交变电流 传感器
第2课时 变压器、电能的输送
基础知识梳理整合
一、变压器 1.构造:由闭合铁芯和绕在铁芯上的 原线圈 和 副线圈 组成,如图所示.
2.原理:根据电磁感应现象中的 互感 电的电压.
《金版新学案》高考物理一轮复习 第10章第2讲变压器 电能的输送课下作业 新人教版必修1

《金版新学案》高考物理一轮复习 第10章第2讲变压器 电能的输送课下作业 新人教版必修1(本栏目内容,在学生用书中以活页形式分册装订!)一、选择题1.如右图所示,理想变压器的a 、b 端加上一交流电压(电压有效值保持不变),副线圈c 、d 端所接灯泡L 恰好正常发光 .此时滑动变阻器的滑片P 位于图示位置.现将滑片下移(导线电阻不计),则以下说法中正确的是( )A .灯仍能正常发光,原线圈输入电流变小B .灯不能正常发光,原线圈输入功率变大C .灯不能正常发光,原线圈输入电压变大D .灯仍能正常发光,原线圈输入功率不变解析: 因为副线圈两端的电压没发生变化,所以灯仍能正常发光.当滑片下移时,由于滑动变阻器的电阻增大,所以副线圈中的电流减小,原线圈中输入的电流也变小,且输入的功率变小,A 正确.答案: A2.如图所示为远距离高压输电的示意图.关于远距离输电,下列表述正确的是( )A .增加输电导线的横截面积有利于减少输电过程中的电能损失B .高压输电是通过减小输电电流来减少电路的发热损耗的C .在输送电压一定时,输送的电功率越大,输电过程中的电能损失越小D .高压输电必须综合考虑各种因素,不一定是电压越高越好解析: 根据P =I 2R 可知,在电流I 一定的情况下,减小电阻R 可以减少电路上的电能损失,而R =ρL S,所以增大输电线横截面积S 有利于减少输电过程中的电能损失,A 对;由公式P =I 2R 可得,若设输送的电功率为P ′,则P =P ′2U 2R ,可见,在输送电压U 一定时,输送的电功率P ′越大,输电过程中的电能损失越大,C 错误.答案: ABD3.如右图所示为理想变压器原线圈所接交流电压的波形,原、副线圈匝数比n 1∶n 2=10∶1,串联在原线圈电路中电流表的示数为1 A ,下列说法中错误的是( )A .副线圈交流电的表达式u =2002sin(100πt )B .变压器的输出功率为200 WC .变压器输出端的交流电的频率为50 HzD .穿过变压器铁芯的磁通量变化率的最大值为202n 2Wb/s 解析: 由图象可知,A 是原线圈中的电压的表达式,A 错;原线圈中电压的有效值为200 V ,电流表示数为1 A ,则变压器的输入功率为P =UI =200 W ,由能量守恒知B 对;图象中的周期为0.02 s ,则交流电的频率为50 Hz ,C 对;由E =n ΔΦΔt 可推出ΔΦΔt =U m1n 1(或U m2n 2),D 对. 答案: A4.(2011·东北三省四市联考)一理想自耦变压器的原线圈接有正弦交变电压,其最大值保持不变,副线圈接有可调电阻R ,触头P 与线圈始终接触良好,下列判断正确的是( )A .若通过电路中A 、C 两处的电流分别为I A 、I C 则I A >I CB .若仅将触头P 向A 端滑动,则电阻R 消耗的电功率增大C .若仅使电阻R 增大,则原线圈的输入电功率增大D .若在使电阻R 增大的同时,将触头P 向A 端滑动,则通过A 处的电流一定增大解析: 自耦变压器是指它的绕组是初级和次级在同一绕组上的变压器.通过改变初、次级的线圈匝数比的关系来改变初、次级线圈两端电压,实现电压的变换.原、副线圈两端电压与其匝数成正比.理想自耦变压器的原线圈接有正弦交变电压,若仅将触头P 向A 端滑动,电阻R 两端的电压增大,则电阻R 消耗的电功率增大,选项B 正确.答案: B5.(2011·临沂模考)随着社会经济的发展,人们对能源的需求也日益扩大,节能变得越来越重要.某发电厂采用升压变压器向某一特定用户供电,用户通过降压变压器用电,若发电厂输出电压为U 1,输电导线总电阻为R ,在某一时段用户需求的电功率为P 0,用户的用电器正常工作的电压为U 2.在满足用户正常用电的情况下,下列说法正确的是( )A .输电线上损耗的功率为P 02R U 22 B .输电线上损耗的功率为P 02R U 12 C .若要减少输电线上损耗的功率可以采用更高的电压输电D .采用更高的电压输电会降低输电的效率解析: 设发电厂输出功率为P ,则输电线上损耗的功率ΔP =P -P 0,ΔP =I 2R =P 2R U 12,A 、B 项错误;采用更高的电压输电,可以减小导线上的电流,故可以减少输电线上损耗的功率,C 项正确人;采用更高的电压输电,输电线上损耗的功率减少,则发电厂输出的总功率减少,故可提高输电的效率,D 项错误.答案: C6.(2011·湖南衡阳高三联考)如右图所示,水平铜盘半径为r ,置于磁感应强度为B ,方向竖直向下的匀强磁场中,铜盘绕通过圆盘中心的竖直轴以角速度ω做匀速圆周运动,铜盘的边缘及中心处分别通过滑动变阻器R 1与理想变压器的原线圈相连,该理想变压器原、副线圈的匝数比为n ∶1,变压器的副线圈与电阻为R 2的负载相连,则( )A .变压器原线圈两端的电压为Br 2ω/2B .若R 1不变时,通过负载R 2的电流强度为0C .若R 1不变时,变压器的副线圈磁通量为0D .若R 1变化时,通过负载R 2的电流强度为通过R 1电流的1n解析: 水平铜盘做匀速圆周运动,半径切割磁感线产生恒定的感应电动势相当于电源.当R 1不变时变压器原线圈所加的是恒定电压,副线圈中的磁通量一定,磁通量的变化量为零,故其输出电压为零,分析可知A 、C 错,B 对;当R 1变化时,原线圈所加的不是交流电压,其原、副线圈的电流关系不确定,故D 错 .答案: B7.(2010·海南卷)如右图,一理想变压器原、副线圈匝数之比为4∶1,原线圈两端接入一正弦交流电源,副线圈电路中R 为负载电阻,交流电压表和交流电流表都是理想电表.下列结论正确的是( )A .若电压表读数为6 V ,则输入电压的最大值为24 2 VB .若输入电压不变,副线圈匝数增加到原来的2倍,则电流表的读数减小到原来的一半C .若输入电压不变,负载电阻的阻值增加到原来的2倍,则输入功率也增加到原来2倍D .若保持负载电阻值不变,输入电压增加到原来的2倍,则输出功率增加到原来的4倍 解析: 因为电压表的读数为6 V ,则变压器的输出电压的有效值为6 V ,由U 1U 2=n 1n 2,故U 1=4U 2=24 V ,所以输入电压的最大值为U m =2U 1=24 2 V ,所以选项A 正确;若输入电压不变,副线圈匝数增加,则U 2增大,由I 2=U 2R 可知,电流表示数增大,所以选项B 不对;输入电压和匝数比不变,则电压值不变,当负载电阻R 变大时,则I 2=U 2R,电流变小,故P 1=P 2=U 2I 2,所以输入功率也减小,所以选项C 错;若负载电阻R 不变,输入电压变为原来的2倍,则输出电压也变为原来的2倍,I 2=U 2R则输出电流也变为原来的2倍,故输出功率P 2=U 2I 2变为原来的4倍,所以选项D 正确.答案: AD8.(2011·山东三市四县学习诊断)正弦交流电源与变压器的原线圈相连,变压器的原、副线圈匝数比为22∶1,变压器副线圈与电阻R 、交流电压表按如图甲所示的方式连接,R =10 Ω,交流电压表的示数是10 V .图乙是电阻R 两端电压u 随时间t 变化的图象,则( )A .图乙中U 0=10 2 VB .R 两端的电压u R 随时间t 变化的规律是u R =52cos 50πt VC .交变电源的电压u 随时间t 变化的规律是u =2202sin 100πt VD .变压器原线圈中电流i 随时间t 变化的规律是i =22cos 50πt A解析: 交流电压表的示数是10 V ,最大值为102,图乙中U 0=10 2 V ,所以选项A 正确,B 错误;原线圈电压为220 V ,交变电源的电压u 随时间t 变化的规律是u =2202sin100πt V ,选项C 正确;副线圈电流为1 A ,则原线圈电流为122 A ,最大值为222A ,选项D错误.答案: AC9.“5·12”汶川大地震发生后,山东省某公司向灾区北川捐赠一批柴油发电机.该柴油发电机说明书的部分内容如下表所示.现在用一台该型号的柴油发电机给灾民临时安置区供电,发电机到安置区的距离是400 m ,输电线路中的火线和零线均为GBCZ60型单股铜导线,该型导线单位长度的电阻为2.5×10-4Ω/m.安置区家用电器的总功率为44 kW ,当这些家用电器都正常工作时,下列说法中正确的是( ) 型号 AED6500S 最大输出功率 60 kW 输出电压范围220 V ~300 V A.B .输电线路损失的电功率为8 000 WC .发电机实际输出电压是300 VD .如果该柴油发电机发的电是正弦交流电,则输出电压最大值是300 V 解析: I 线=I 0=P 0U 0=4.4×104220 A =200 A ;线路损失功率P 线=I 线2R 线=8 000 W ,线路两端电压U =I 线R 线=40 V ,所以发电机输出电压为260 V ;如果该柴油发电机发的电是正弦交流电,则输出电压最大值是260 2 V.答案: B10.图中为一理想变压器,其原线圈与一电压有效值不变的交流电源相连.P 为滑动头.现令P 从均匀密绕的副线圈最底端开始,沿副线圈匀速上滑,直至白炽灯泡L 两端的电压等于其额定电压为止.用I 1表示流过原线圈的电流,I 2表示流过灯泡的电流,U 2表示灯泡两端的电压,P 2表示灯泡消耗的电功率(这里的电流、电压均指有效值;电功率指平均值).下列4个图中,能够正确反映相应物理量的变化趋势的是( )解析: 当滑动头P 匀速上滑时,副线圈匝数均匀增大,由U 1U 2=n 1n 2知,U 2=n 2n 1U 1,U 2随时间均匀增大,C 项正确;由于灯泡的电阻随温度的升高而增大,所以当电压均匀增加时,由欧姆定律I =U R 知灯泡中电流并非均匀增加,而是增加的越来越慢,其I 2-t 图线的斜率逐渐减小,B 项正确;灯泡消耗的功率N 2=U 2I 2,N 2随时间并不是均匀增加的D 项错误;变压器的输入功率与输出功率相等,当灯泡功率增大时,输入功率也在增大,原线圈中电流增大,A 项错误.答案: BC11.如右图所示,导体棒ab 两个端点分别搭接在两个竖直放置、电阻不计、半径相等的金属圆环上,圆环通过电刷与导线c 、d 相接.c 、d 两个端点接在匝数比n 1∶n 2=10∶1的变压器原线圈两端,变压器副线圈接一滑动变阻器R 0.匀强磁场的磁感应强度为B ,方向竖直向下,导体棒ab 长为l (电阻不计),绕与ab 平行的水平轴(也是两圆环的中心轴)OO ′以角速度ω匀速转动.如果滑动变阻器的阻值为R 时,通过电流表的电流为I ,则( )A .滑动变阻器上消耗的功率为P =10I 2RB .变压器原线圈两端的电压U 1=10IRC .取ab 在环的最低端时t =0,则导体棒ab 中感应电流的表达式是i =2I sin ωtD .ab 沿环转动过程中受到的最大安培力F =2BIl解析: 由于电流表示数为有效值,由I I 2=n 2n 1可知I 2=10I ,故P =100I 2R ,选项A 错误;变压器原线圈两端电压为U 1=n 1n 2×10IR =100IR ,选项B 错误;从最低点开始计时,则导体棒中感应电流的瞬时值的表达式为i =2I cos ωt ,选项C 错误;导体棒中电流最大值为2I ,所以F =2BIl ,选项D 正确.答案: D二、非选择题12.某小型发电站的发电机输出交流电压为500 V ,输出电功率为50 kW ,如果用电阻为3 Ω的输电线向远处用户送电,这时用户获得的电压和电功率是多少?假如,要求输电线上损失的电功率是输送功率的0.6%,则发电站要安装一个升压变压器,到达用户前再用降压变压器变为220 V 供用户使用,不考虑变压器的能量损失, 这两个变压器原、副线圈的匝数比各是多少?解析: 用500 V 电压送电时示意图如右图所示,50 kW 的电功率在输电线上的电流 I 0=P /U 0=50×103/500 A =100 A.用户获得电压U 1=U 0-I 0R =(500-100×3)V=200 V ,用户获得的功率P 1=I 0U 1=2×104W.改用高压输送时,示意图如下图所示,要求P 损=0.6%P ,即P 损=50×103×0.6% W=300 W.输电电流I =P 损/R =300/3 A =10 A.发电站升压后输电电压U =P I =50×10310V =5 000 V , 升压变压器匝数比n 1/n 2=U 0/U =500/5 000=1/10,输电线上损失的电压U ′=I ·R =10×3 V=30 V.到达用户输入变压器电压U 2=U -U ′=(5 000-30)V =4 970 V ,降压变压器的匝数比n 3n 4=U 2U 3=4 970220=49722. 答案: 220 V 2×104 W 1∶10 497∶22。
《金版新学案》高三物理一轮复习 第二课时 变压器电能的输送练习

2011《金版新学案》高三物理一轮复习 第二课时 变压器电能的输送练习1.一理想变压器的原线圈上接有正弦交变电压,其最大值保持不变,副线圈接有可调电阻R .设原线圈的电流为I 1,输入功率为P 1,副线圈的电流为I 2,输出功率为P 2.当R 增大时( )A .I 1减小,P 1增大B .I 1减小,P 1减小C .I 2增大,P 2减小D .I 2增大,P 2增大【解析】 考查理想变压器及其相关知识.当副线圈接的可调电阻R 增大时,变压器输出功率P 2减小,导致变压器输入功率P 1减小,原线圈中电流I 1减小,所以正确选项是B.【答案】 B2.如右图所示是一台家用台灯亮度调节原理图,自耦变压器接入正弦交流电压,电流表、电压表分别为理想交流电流表和理想交流电压表.若将调压端的滑动触头P 向上移动,则( )A .电压表V 的示数变大B .变压器的输出功率变大C .电流表A 的示数变小D .电流表A 的示数变大【解析】 当滑动触头P 向上移动时,自耦变压器“副线圈”匝数增大,由n 1n 2=U 1U 2可知“副线圈”两端电压增大,台灯的功率变大,A 、B 正确;由于理想变压器输入功率与输出功率相等,且输入电压不变,故电流表示数变大,C 错误、D 正确【答案】 ABD3.为了减少输电线路中电力损失,发电厂发出的电通常是经过变电所升压后通过远距离输送,再经变电所将高压变为低压.某变电所电压u 0=11 0002sin 100πt V 的交流电降为220 V 供居民小区用电,则变电所变压器( )A .原、副线圈匝数比为50∶1B .副线圈中电流的频率是50 HzC .原线圈的导线比副线圈的要粗D .输入原线圈的电流等于居民小区各用电器电流的总和【解析】 u 0=11 0002sin 100πt V 中的11 0002指的是电压的最大值,有效值为11 000V ,则原、副线圈之间的匝数之比等于两线圈的电压之比,即50∶1,A 正确;由ω=100π可得频率为50 Hz ,变压器不改变电流的频率,因此,副线圈的频率也是50 Hz ,B 正确;电流与匝数成反比,即原线圈的电流比副线圈电流要小,因此,副线圈的导线要比原线圈粗,C 错误;居民小区各个用电器都是并联的,它们的电流总和等于副线圈中的电流,D 错误.【答案】 AB4.如下图所示,一理想变压器原线圈匝数n 1=1 100匝,副线圈匝数n 2=220匝,交流电源的电压u =2202sin 100πt V ,电阻R =44 Ω,电压表、电流表为理想电表,则下列说法错误的是( )A .交流电的频率为50 HzB .电流表的示数为0.2 AC .电流表的示数为 2 AD .电压表的示数为44 V【解析】 由交流电源的电压瞬时值表达式可知,ω=100π,所以频率f =1T =ω2π=50 Hz ,A 项说法正确;理想变压器的电压比等于线圈匝数比,即n 1n 2=U 1U 2,其中原线圈电压的有效值U 1=220 V ,U 2=n 2n 1U 1=44 V ,故D 项说法正确;I 2=U 2R=1 A ,故C 项说法错误;由电流比与线圈匝数成反比,即I 1I 2=n 2n 1,所以I 1=n 2n 1I 2=0.2 A ,故B 项说法正确.综上所述,说法错误的是C 项.【答案】 C5.正弦交流电经过匝数比为n 1n 2=101的变压器与电阻R 、交流电压表V 、交流电流表A 按如图甲所示方式连接,R =10 Ω.图乙是R 两端电压U 随时间变化的图象.U m =10 2 V ,则下列说法中正确的是( )A .通过R 的电流i R 随时间t 变化的规律是i R =2cos 100πt (A)B .电流表A 的读数为0.1 AC .电流表A 的读数为210A D .电压表的读数为U m =10 2 V【解析】 由图象知T =2×10-2 s ,f =50 Hz ,ω=2πf =100π rad/s ,故i R =2cos 100πt (A),A 正确.再根据I 1I 2=n 2n 1知,I 1有效值为0.1 A ,B 正确,C 错误.电压表读数应为副线圈电压有效值,U =U m 2=10 V ,故D 错误. 【答案】 AB6.为了测一个已知额定电压为100 V 的灯泡的额定功率,设计了如图所示的电路,理想变压器的原、副线圈分别接有理想电流表A 和灯泡L ,滑动变阻器的阻值范围是0~100 Ω,不考虑温度对灯泡电阻的影响,原、副线圈的匝数比为2∶1,交流电源的电压为U 0=440 V ,适当调节滑动变阻器的滑片位置,当灯泡在额定电压下正常工作时,电流表A 的示数为1.2 A ,则( )A .灯泡的额定功率为40 WB .灯泡的额定电流为2.4 AC .滑动变阻器并联部分的阻值为50 ΩD .滑动变阻器消耗的电功率为240 W【解析】 根据题意,副线圈上的电流为2.4 A ,电压为220 V ,由于滑动变阻器上部分的并联电路电压为100 V ,则下部分电阻电压为120 V ,由串联知识,可知滑动变阻器上部分与小灯泡并联后与滑动变阻器下部分功率分配比为100∶120=5∶6,故下部分电阻上的电功率P 下=611P 总,P 总=1.2×440 W =528 W ,则P 下=288 W ,下部分电阻R 下=288/2.42 Ω=50 Ω,则滑动变阻器上部分(并联部分)的电阻为50 Ω,上部分电路消耗功率P ′=P 总-P 下=240 W ,故容易计算出通过灯泡的电流为0.4 A ,灯泡的功率为40 W ,故A 、C 正确.【答案】 AC7.如右图所示,两条平行金属导轨竖直放置,其间有与导轨平面垂直的匀强磁场,金属棒ab 沿导轨下滑,下滑过程中与导轨接触良好.金属棒、导轨、电流表A 1和理想变压器原线圈构成闭合回路.金属棒ab 在沿导轨下滑的过程中,电流表A 1一直有示数,而电流表A 2在某时刻之后示数变成了零,以下说法正确的是( )A.电流表A2示数等于零之前,金属棒必是变速运动B.电流表A2示数等于零之后,金属棒必是变速运动C.电流表A2示数等于零之前,金属棒必是匀速运动D.电流表A2示数等于零之后,金属棒必是匀速运动【解析】金属棒在重力作用下,开始向下做加速运动,速度不断增加,金属棒切割磁感线产生的感应电流逐渐增大,原线圈上产生的磁场不断增强,穿过副线圈的磁通量不断增大,在副线圈上发生电磁感应现象,电流表A2上有电流.当金属棒上电流增加到一定程度,金属棒受到的安培力等于重力时,金属棒开始做匀速下落,原线圈的电流不再发生变化,原线圈上产生的磁场磁感应强度不变,穿过副线圈的磁通量不发生变化,副线圈上不发生电磁感应现象,电流表A2示数等于零.综上所述,选项A、D正确.【答案】AD8.如右图所示,M是一小型理想变压器,接线柱a、b接在电压u=311sin314t(V)的正弦交流电源上,变压器右侧部分为一火警报警系统原理图,其中R2为用半导体热敏材料制成的传感器,电阻随着温度的升高而减小,电流表A2为值班室的显示器,显示通过R1的电流,电压表V2显示加在报警器上的电压(报警器未画出),R3为一定值电阻.当传感器R2所在处出现火警时,以下说法中正确的是() A.A1的示数不变,A2的示数增大B.A1的示数增大,A2的示数增大C.V1的示数增大,V2的示数增大D.V1的示数不变,V2的示数减小【解析】本题考查变压器的性质和动态电路.由于理想变压器的输入电压U1不变,V1读数不变;匝数比一定时,输出电压U2不变.当有火警时,热敏电阻R2变小,输出电路的总电阻变小,U2一定时,总电流I变大,R3上的电压U3=IR3变大,V2的读数变小,R1两端电压变小,A2电流变小.由理想电路的电流关系,I变大,通过原线圈的总电流变大,A1读数变大,只有D正确.【答案】 D9.一个理想变压器的工作示意图如下图所示,变压器的初级线圈匝数为n1,与干路高电压U1相连,工作时流过线圈的电流为I1,初级与干路相连的导线的电阻不能忽略.变压器的次级线圈匝数为n2,输出电压为U2,工作时流过线圈的电流为I2,设连接在次级线圈上的用电器均为相同的电灯,导线的电阻可以忽略.在变压器次级线圈有负载的情况下,下列判断哪个正确()A.无论次级接入的电灯的数量多少,总有U1∶U2=n1∶n2 B.无论次级接入的电灯的数量多少,总有I1∶I2=n2∶n1 C.无论次级接入的电灯的数量多少,总有U1I1=U2I2 D.以上判断都不正确【解析】变压器的变压比U1U2=n1n2中的U1是变压器原线圈两端的电压,由于初级线圈的干路电阻较大,线路上的压降也较大,线路损耗功率也较大,因此A、C选项不成立.【答案】 B10.2008年春节前后,我国南方部分省市的供电系统由于气候原因遭到严重破坏.为此,某小区启动了临时供电系统,它由备用发电机和副线圈匝数可调的变压器组成,如下图所示,发电机的电动势e=4802sin(100πt)V(不考虑其内阻),图中R表示输电线的电阻.滑动触头P置于a处时,用户的用电器恰好正常工作,在下列情况下,要保证用电器仍能正常工作,则()A.若A2示数为2 A,R=10 Ω,则原副线圈的匝数比n1∶n2=2∶1B.若A2示数为2 A,R=10 Ω,则原副线圈的匝数比n1∶n2=22∶1C.当发电机输出的电压发生波动使V1示数小于正常值,用电器不变时,应使滑动触头P向下滑动D.如果V1示数保持正常值不变,那么当用电器增加时,滑动触头P应向上滑【解析】若A2的示数为2 A,R=10 Ω,用户电压220 V,电压表V2示数U2=220 V +I2R=240 V,电压表V1示数(有效值)U1=480 V,原副线圈的匝数比n1∶n2=U1∶U2=2∶1,故选项A对、B错;由n1∶n2=U1∶U2,若U1变小,则n2应变大,故选项C错;当用电器增加时,副线圈中的电流增加,输电线电阻R上的电压增大,副线圈两端的电压应增大,故滑动触头P应向上滑,故选项D对.【答案】AD11.如下图所示,理想变压器原线圈中输入电压U1=3 300 V,副线圈两端电压U2=220V,输出端连有完全相同的两个灯泡L1和L2,绕过铁芯的导线所接的电压表的示数U =2 V .求(1)原线圈n 1等于多少匝?(2)当开关S 断开时,电流表的示数I 2=5 A .则电流表 的示数I 1为多少?(3)当开关S 闭合时,电流表 的示数I ′1等于多少? 【解析】 (1)由电压与变压器匝数的关系可得:U 1/n 1=U 2/n 2=U ,则n 1=1 650匝.(2)当开关S 断开时,有:U 1I 1=U 2I 2,I 1=U 2I 2/U 1=13A. (3)当开关S 断开时,有:R L =U 2/I 2=44 Ω.当开关S 闭合时,设副线圈总电阻为R ′,有R ′=R L /2=22 Ω,副线圈中的总电流为I ′2,则I ′2=U 2/R ′=10 A .由U 1I ′2=U 2I ′1可知,I ′1=U 2I ′2/U 1=23A. 【答案】 (1)1 650匝 (2)13 A (3)23A 12.人们利用发电机把天然存在的各种形式的能量(水流能、煤等燃料的化学能)转化为电能,为了合理地利用这些能源,发电站要修建在靠近这些资源的地方,但用电的地方却分布很广,因此,需要把电能输送到远方.若某电站的输送电压为U =6 000 V ,输送功率P =500 kW ,这时安装在输电线路的起点和终点的电度表一昼夜里读数相差4 800 kW·h(即4 800度电),试求:(1)输电效率和输电线的电阻;(2)若要使输电损失的功率降到原输送功率的2%,电站应使用多高的电压向外输电?(结果保留二位有效数字)【解析】 (1)输电效率η=Pt -ΔW Pt =500×24-4 800500×24×100%=60% 由ΔW =I 2Rt 及P =UI 得:R =ΔW ·U 2P 2t=28.8 Ω.(2)若使输电损失的功率降到原输送功率的2%,则P 损=P ×2%=10 kW ,又P损=I21R,U1=PI1,联立解得输送电压为U1≈2.7×104 V. 【答案】(1)60%28.8 Ω(2)2.7×104 V。
高中物理第一轮总复习 第10章 第2讲 变压器 电能的输送学案(教师版)新人教版

高中物理第一轮总复习第10章第2讲变压器电能的输送学案(教师版)新人教版工作原理:互感原理(穿过初级铁芯的磁通量的变化率等于穿过次级铁芯的磁通量的变化率之和)规律:制约关系:(1)输入功率由输出功率决定.(2)输出电压是由输入电压与匝数比共同决定.(3)输入电流是由输出功率与输入电压共同决定.二、远距离输电解答1.理想变压器及其原、副线圈基本量的关系是怎样的?解答2.怎样分析变压器中各物理量的制约关系?3.远距离输电过程中具体过程分析(1)画出远距离输电的示意图,包括发电机、两台变压器、输电线等效电阻和负载电阻.并规范的在图中标出相应的物理量符号.一般设两个变压器的初、次级线圈的匝数分别为n1、n1′、n2、n2′,相应的电压、电流、功率也应该采用相应的符号来表示.从图1021中应该看出功率之间的关系是:P1=P1′,P2=P2′,P1′=P r+P2.②若输电线功率损失已经确定,那么升高输电电压能减少输电线截面积,从而节约大量金属材料和架设电线所需的钢材和水泥,还能少占用土地.注意:电路中的电阻和负载中的电阻都是等效电阻,在计算导线中的电阻时,如果知道单位长度上的电阻阻值,计算导线的长度时要注意导线是双向的.1.理想变压器的原理与规律例1:如图10-2-2所示,一理想变压器原线圈匝数n1=1100匝,副线圈匝数n2=180匝,交流电源的电压U1=220 sin120πt V,电阻R=45Ω,电压表、电流表均为理想电表,则()图10-2-2A.交流电的频率为50HzB. 的示数约为0.13AC. 的示数约为1.1AD. 的示数为36V解析:由交流电源的电压表达式知:120π=2πf,即此交流电的频率为60Hz,选项A错.由交流电源的电压表达式知:此交流电的有效值为220V.答案: BD方法点拨:变压器的输出功率决定输入功率,且变压器不会改变电流的周期和频率.变式训练1:如图1023所示,原、副线圈匝数比为2∶1的理想变压器正常工作时( )A.原、副线圈磁通量之比为2∶1B.原、副线圈电流之比为1∶2C.输入功率和输出功率之比为1∶1D.原、副线圈磁通量变化率之比为1∶1图1023BCD2.变压器的动态分析例2:(2010·山东卷)一理想变压器原、副线圈的匝数比为10∶1,原线圈输入电压的变化规律如图10-2-2甲所示,副线圈所接电路如图10-2-4乙所示,P为滑动变阻器的触头.下列说法正确的是()图10-2-4A.副线圈输出电压的频率为50HzB.副线圈输出电压的有效值为31VC.P向右移动时,原、副线圈的电流比减小D.P向右移动时,变压器的输出功率增加答案:AD方法点拨:这类问题主要是通过改变原副线圈的匝数或改变用电器的阻值来设置动态的,处理这类问题时,首先要分清变量和不变量,再根据理想变压器中电压、电流、功率的制约和与匝数的关系解答.变式训练2:如图1025所示,一理想变压器原线圈接入一交流电源,副线圈电路中R1、R2、R3和R4均为固定电阻,开关S是闭合的.V1和V2为理想电压表,读数分别为U1和U2;A1、A2和A3为理想电流表,读数分别为I1、I2和I3.现断开S,U1数值不变,下列推断中正确的是( )A.U2变小、I3变小B.U2不变、I3变大C.I1变小、I2变小D.I1变大、I2变大图1025解析:因为变压器的匝数与U1不变,所以U2不变.当S断开时,因为负载电阻增大,故次级线圈中的电流I2减小,由于输入功率等于输出功率,所以I1也将减小,C正确;因为R1的电压减小,故R2、R3两端的电压将增大,I3变大,B正确.答案:BC3.远距离输电例3:(2010·江苏卷)在如图10-2-6所示的远距离输电电路图中,升压变压器和降压变压器均为理想变压器,发电厂的输出电压和输电线的电阻均不变,随着发电厂输出功率的增大,下列说法中正确的有()图10-2-6A.升压变压器的输出电压增大B.降压变压器的输出电压增大C.输电线上损耗的功率增大D.输电线上损耗的功率占总功率的比例增大答案:CD方法点拨:升压变压器与降压变压器的联系点是关联整个输电的关键.具体的方法是电压关联(U2=U r+U3)、电流关联(I2=I r=I3)、功率关联(P2=P r+P3).核心思路就是升压变压器的副线圈为电源,导线与降压变压器的原线圈为用电器.变式训练3:某农村水力发电站的发电机的输出电压稳定,它发出的电先通过电站附近的升压变压器升压,然后用输电线路把电能输送到远处村寨附近的降压变压器,经降低电压后再输送至各用户.设变压器都是理想的,那么在用电高峰期,随用电器总功率的增加将导致( ) A.升压变压器初级线圈中的电流变小B.升压变压器次级线圈两端的电压变小C.高压输电线路的电压损失变大D.降压变压器次级线圈两端的电压变大C4.互感器例4:在变电站里,经常要用交流电表去监测电网上的强电流,所用的器材叫电流互感器.如下所示的四个图中,能正确反映其工作原理的是() 解析:电流互感器要把大电流变为小电流,因此原线圈的匝数少,副线圈的匝数多.监测每相的电流必须将原线圈串联在火线中.【答案】A方法点拨:互感器是按比例变换电压或电流的设备,互感器的功能是将高电压或大电流按比例变换成标准低电压(100V)或标准小电流(5A或1A,均指额定值),以便实现测量仪表、保护设备及自动控制设备的标准化、小型化,互感器还可用来隔开高电压系统,以保证人身和设备的安全.变式训练4:如图1027所示,L1和L2是高压输电线,利用甲、乙可以测输电线路电压和电流.若已知甲的原副线圈匝数比为1000∶1,乙的原副线圈匝数比为1∶100,并且已知加在电压表两端的电压为220V,通过电流表的电流为1A,则( )图1027答案:ABCA.甲是电压互感器B.乙是电流互感器C.输电线的输送功率为2.2×107WD.输电线的输送功率为2.2×103W。
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必考部分 必修1 第10章 第2讲(本栏目内容,在学生用书中以活页形式分册装订!)一、选择题1.如右图所示,理想变压器的a 、b 端加上一交流电压(电压有效值保持不变),副线圈c 、d 端所接灯泡L 恰好正常发光 .此时滑动变阻器的滑片P 位于图示位置.现将滑片下移(导线电阻不计),则以下说法中正确的是( )A .灯仍能正常发光,原线圈输入电流变小B .灯不能正常发光,原线圈输入功率变大C .灯不能正常发光,原线圈输入电压变大D .灯仍能正常发光,原线圈输入功率不变解析: 因为副线圈两端的电压没发生变化,所以灯仍能正常发光.当滑片下移时,由于滑动变阻器的电阻增大,所以副线圈中的电流减小,原线圈中输入的电流也变小,且输入的功率变小,A 正确.答案: A2.如图所示为远距离高压输电的示意图.关于远距离输电,下列表述正确的是( )A .增加输电导线的横截面积有利于减少输电过程中的电能损失B .高压输电是通过减小输电电流来减少电路的发热损耗的C .在输送电压一定时,输送的电功率越大,输电过程中的电能损失越小D .高压输电必须综合考虑各种因素,不一定是电压越高越好解析: 根据P =I 2R 可知,在电流I 一定的情况下,减小电阻R 可以减少电路上的电能损失,而R =ρL S,所以增大输电线横截面积S 有利于减少输电过程中的电能损失,A 对;由公式P =I 2R 可得,若设输送的电功率为P ′,则P =P ′2U 2R ,可见,在输送电压U 一定时,输送的电功率P ′越大,输电过程中的电能损失越大,C 错误.答案: ABD3.如右图所示为理想变压器原线圈所接交流电压的波形,原、副线圈匝数比n 1∶n 2=10∶1,串联在原线圈电路中电流表的示数为1 A ,下列说法中错误的是( )A .副线圈交流电的表达式u =2002sin(100πt )B .变压器的输出功率为200 WC .变压器输出端的交流电的频率为50 HzD .穿过变压器铁芯的磁通量变化率的最大值为202n 2Wb/s 解析: 由图象可知,A 是原线圈中的电压的表达式,A 错;原线圈中电压的有效值为200 V ,电流表示数为1 A ,则变压器的输入功率为P =UI =200 W ,由能量守恒知B 对;图象中的周期为0.02 s ,则交流电的频率为50 Hz ,C 对;由E =n ΔΦΔt 可推出ΔΦΔt =U m1n 1(或U m2n 2),D 对. 答案: A4.(2011·东北三省四市联考)一理想自耦变压器的原线圈接有正弦交变电压,其最大值保持不变,副线圈接有可调电阻R ,触头P 与线圈始终接触良好,下列判断正确的是( )A .若通过电路中A 、C 两处的电流分别为I A 、I C 则I A >I CB .若仅将触头P 向A 端滑动,则电阻R 消耗的电功率增大C .若仅使电阻R 增大,则原线圈的输入电功率增大D .若在使电阻R 增大的同时,将触头P 向A 端滑动,则通过A 处的电流一定增大解析: 自耦变压器是指它的绕组是初级和次级在同一绕组上的变压器.通过改变初、次级的线圈匝数比的关系来改变初、次级线圈两端电压,实现电压的变换.原、副线圈两端电压与其匝数成正比.理想自耦变压器的原线圈接有正弦交变电压,若仅将触头P 向A 端滑动,电阻R 两端的电压增大,则电阻R 消耗的电功率增大,选项B 正确.答案: B5.(2011·临沂模考)随着社会经济的发展,人们对能源的需求也日益扩大,节能变得越来越重要.某发电厂采用升压变压器向某一特定用户供电,用户通过降压变压器用电,若发电厂输出电压为U 1,输电导线总电阻为R ,在某一时段用户需求的电功率为P 0,用户的用电器正常工作的电压为U 2.在满足用户正常用电的情况下,下列说法正确的是( )A .输电线上损耗的功率为P 02R U 22B .输电线上损耗的功率为P 02R U 12C .若要减少输电线上损耗的功率可以采用更高的电压输电D .采用更高的电压输电会降低输电的效率解析: 设发电厂输出功率为P ,则输电线上损耗的功率ΔP =P -P 0,ΔP =I 2R =P 2R U 12,A 、B 项错误;采用更高的电压输电,可以减小导线上的电流,故可以减少输电线上损耗的功率,C 项正确人;采用更高的电压输电,输电线上损耗的功率减少,则发电厂输出的总功率减少,故可提高输电的效率,D 项错误.答案: C6.(2011·湖南衡阳高三联考)如右图所示,水平铜盘半径为r ,置于磁感应强度为B ,方向竖直向下的匀强磁场中,铜盘绕通过圆盘中心的竖直轴以角速度ω做匀速圆周运动,铜盘的边缘及中心处分别通过滑动变阻器R 1与理想变压器的原线圈相连,该理想变压器原、副线圈的匝数比为n ∶1,变压器的副线圈与电阻为R 2的负载相连,则( )A .变压器原线圈两端的电压为Br 2ω/2B .若R 1不变时,通过负载R 2的电流强度为0C .若R 1不变时,变压器的副线圈磁通量为0D .若R 1变化时,通过负载R 2的电流强度为通过R 1电流的1n解析: 水平铜盘做匀速圆周运动,半径切割磁感线产生恒定的感应电动势相当于电源.当R 1不变时变压器原线圈所加的是恒定电压,副线圈中的磁通量一定,磁通量的变化量为零,故其输出电压为零,分析可知A 、C 错,B 对;当R 1变化时,原线圈所加的不是交流电压,其原、副线圈的电流关系不确定,故D 错 .答案: B7.(2010·海南卷)如右图,一理想变压器原、副线圈匝数之比为4∶1,原线圈两端接入一正弦交流电源,副线圈电路中R 为负载电阻,交流电压表和交流电流表都是理想电表.下列结论正确的是( )A .若电压表读数为6 V ,则输入电压的最大值为24 2 VB .若输入电压不变,副线圈匝数增加到原来的2倍,则电流表的读数减小到原来的一半C .若输入电压不变,负载电阻的阻值增加到原来的2倍,则输入功率也增加到原来2倍D .若保持负载电阻值不变,输入电压增加到原来的2倍,则输出功率增加到原来的4倍 解析: 因为电压表的读数为6 V ,则变压器的输出电压的有效值为6 V ,由U 1U 2=n 1n 2,故U 1=4U 2=24 V ,所以输入电压的最大值为U m =2U 1=24 2 V ,所以选项A 正确;若输入电压不变,副线圈匝数增加,则U 2增大,由I 2=U 2R 可知,电流表示数增大,所以选项B 不对;输入电压和匝数比不变,则电压值不变,当负载电阻R 变大时,则I 2=U 2R,电流变小,故P 1=P 2=U 2I 2,所以输入功率也减小,所以选项C 错;若负载电阻R 不变,输入电压变为原来的2倍,则输出电压也变为原来的2倍,I 2=U 2R则输出电流也变为原来的2倍,故输出功率P 2=U 2I 2变为原来的4倍,所以选项D 正确.答案: AD8.(2011·山东三市四县学习诊断)正弦交流电源与变压器的原线圈相连,变压器的原、副线圈匝数比为22∶1,变压器副线圈与电阻R 、交流电压表按如图甲所示的方式连接,R =10 Ω,交流电压表的示数是10 V .图乙是电阻R 两端电压u 随时间t 变化的图象,则( )A .图乙中U 0=10 2 VB .R 两端的电压u R 随时间t 变化的规律是u R =52cos 50πt VC .交变电源的电压u 随时间t 变化的规律是u =2202sin 100πt VD .变压器原线圈中电流i 随时间t 变化的规律是i =22cos 50πt A解析: 交流电压表的示数是10 V ,最大值为102,图乙中U 0=10 2 V ,所以选项A 正确,B 错误;原线圈电压为220 V ,交变电源的电压u 随时间t 变化的规律是u =2202sin100πt V ,选项C 正确;副线圈电流为1 A ,则原线圈电流为122 A ,最大值为222A ,选项D 错误.答案: AC9.“5·12”汶川大地震发生后,山东省某公司向灾区北川捐赠一批柴油发电机.该柴油发电机说明书的部分内容如下表所示.现在用一台该型号的柴油发电机给灾民临时安置区供电,发电机到安置区的距离是400 m ,输电线路中的火线和零线均为GBCZ60型单股铜导线,该型导线单位长度的电阻为2.5×10-4Ω/m.安置区家用电器的总功率为44 kW ,当这些家用电器都正常工作时,下列说法中正确的是( )A.B .输电线路损失的电功率为8 000 WC .发电机实际输出电压是300 VD .如果该柴油发电机发的电是正弦交流电,则输出电压最大值是300 V 解析: I 线=I 0=P 0U 0=4.4×104220 A =200 A ;线路损失功率P 线=I 线2R 线=8 000 W ,线路两端电压U =I 线R 线=40 V ,所以发电机输出电压为260 V ;如果该柴油发电机发的电是正弦交流电,则输出电压最大值是260 2 V.答案: B10.图中为一理想变压器,其原线圈与一电压有效值不变的交流电源相连.P 为滑动头.现令P 从均匀密绕的副线圈最底端开始,沿副线圈匀速上滑,直至白炽灯泡L 两端的电压等于其额定电压为止.用I 1表示流过原线圈的电流,I 2表示流过灯泡的电流,U 2表示灯泡两端的电压,P 2表示灯泡消耗的电功率(这里的电流、电压均指有效值;电功率指平均值).下列4个图中,能够正确反映相应物理量的变化趋势的是( )解析: 当滑动头P 匀速上滑时,副线圈匝数均匀增大,由U 1U 2=n 1n 2知,U 2=n 2n 1U 1,U 2随时间均匀增大,C 项正确;由于灯泡的电阻随温度的升高而增大,所以当电压均匀增加时,由欧姆定律I =U R知灯泡中电流并非均匀增加,而是增加的越来越慢,其I 2-t 图线的斜率逐渐减小,B 项正确;灯泡消耗的功率N 2=U 2I 2,N 2随时间并不是均匀增加的D 项错误;变压器的输入功率与输出功率相等,当灯泡功率增大时,输入功率也在增大,原线圈中电流增大,A 项错误.答案: BC11.如右图所示,导体棒ab 两个端点分别搭接在两个竖直放置、电阻不计、半径相等的金属圆环上,圆环通过电刷与导线c 、d 相接.c 、d 两个端点接在匝数比n 1∶n 2=10∶1的变压器原线圈两端,变压器副线圈接一滑动变阻器R 0.匀强磁场的磁感应强度为B ,方向竖直向下,导体棒ab 长为l (电阻不计),绕与ab 平行的水平轴(也是两圆环的中心轴)OO ′以角速度ω匀速转动.如果滑动变阻器的阻值为R 时,通过电流表的电流为I ,则( )A .滑动变阻器上消耗的功率为P =10I 2RB .变压器原线圈两端的电压U 1=10IRC .取ab 在环的最低端时t =0,则导体棒ab 中感应电流的表达式是i =2I sin ωtD .ab 沿环转动过程中受到的最大安培力F =2BIl解析: 由于电流表示数为有效值,由I I 2=n 2n 1可知I 2=10I ,故P =100I 2R ,选项A 错误;变压器原线圈两端电压为U 1=n 1n 2×10IR =100IR ,选项B 错误;从最低点开始计时,则导体棒中感应电流的瞬时值的表达式为i =2I cos ωt ,选项C 错误;导体棒中电流最大值为2I ,所以F =2BIl ,选项D 正确.答案: D二、非选择题12.某小型发电站的发电机输出交流电压为500 V ,输出电功率为50 kW ,如果用电阻为3 Ω的输电线向远处用户送电,这时用户获得的电压和电功率是多少?假如,要求输电线上损失的电功率是输送功率的0.6%,则发电站要安装一个升压变压器,到达用户前再用降压变压器变为220 V 供用户使用,不考虑变压器的能量损失, 这两个变压器原、副线圈的匝数比各是多少?解析: 用500 V 电压送电时示意图如右图所示,50 kW 的电功率在输电线上的电流 I 0=P /U 0=50×103/500 A =100 A.用户获得电压U 1=U 0-I 0R =(500-100×3)V=200 V ,用户获得的功率P 1=I 0U 1=2×104W.改用高压输送时,示意图如下图所示,要求P 损=0.6%P ,即P 损=50×103×0.6% W=300 W.输电电流I =P 损/R =300/3 A =10 A.发电站升压后输电电压U =P I =50×10310V =5 000 V , 升压变压器匝数比n 1/n 2=U 0/U =500/5 000=1/10,输电线上损失的电压U ′=I ·R =10×3 V=30 V.到达用户输入变压器电压U 2=U -U ′=(5 000-30)V =4 970 V ,降压变压器的匝数比n 3n 4=U 2U 3=4 970220=49722. 答案: 220 V 2×104 W 1∶10 497∶22。