高频电子线路 阳昌汉 第五章 习题答案
《高频电子线路》 高等教育出版社 课后答案
F
= 0.0356 × 109 Hz = 35.6 MHz
R p = Qρ = 100 BW0.7 = fρ Q =
35.6 × 106 Hz = 35.6 × 104 Hz = 356 kH z 100
[解]
f0 ≈ 1
= 100 kΩ//114. kΩ//200 kΩ=42 kΩ R 42 kΩ 42 kΩ = = 37 Qe = e = ρ 390 μH/300 PF 1.14 kΩ BW0.7 = f 0 / Qe = 465 kHz/37=12.6 kHz
课
Re = Rs // R p // RL
后
R p = Qρ = 100
390 μH = 114 k66.7 BW0.7 150 × 103
2 2
⎛ 2Δf ⎞ ⎛ 2 × 600 × 103 ⎞ 1 66.7 = 1+ ⎜Q = + ⎟ ⎜ ⎟ = 8.1 f0 ⎠ 10 × 106 ⎠ ⎝ ⎝
2.3
个多大的电阻? [解]
L=
ww
w.
Q=
Up Uo
• •
已知并联谐振回路的 f 0 = 10 MHz, C=50 pF, BW0.7 = 150 kHz, 求回路的 L 和 Q 以及 Δf = 600 kHz 时电压衰减倍数。如将通频带加宽为 300 kHz，应在回路两端并接一
1 1 = = 5 × 10−6 H = 5 μ H 2 6 2 −12 (2π f 0 ) C (2π × 10 × 10 ) × 50 × 10
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目 第２章 第3章 第4章 第5章 第6章 第7章
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小信号选频放大器 谐振功率放大器 正弦波振荡器 振幅调制、振幅解调与混频电路 角度调制与解调电路 反馈控制电路
高频电子线路最新版课后习题解答第五章 正弦波振荡器习题解答
思考题与习题5.1 振荡器是一个能自动将直流电源提供的能量能量转换成交流能量的转换电路，所以说振荡器是一个能量转换器。
5.2 振荡器在起振初期工作在小信号甲类线性状态，因此晶体管可用小信号微变等效电路进行简化，达到等幅振荡时，放大器进入丙类工作状态。
5.3 一个正反馈振荡器必须满足三个条件：起振条件、平衡条件、稳定条件（3）正弦波振荡器的振幅起振条件是；T=A k f >1相位起振条件是2f T A k n ϕϕϕπ=+=;正弦波振荡器的振幅平衡条件是：T=A k f =1,相位平衡条件是：2f T A k n ϕϕϕπ=+=；正弦波振荡器的振幅平衡状态的稳定条件是：0i iAiV V T V =∂<∂，相位平衡状态的稳定条件是:0oscT ωωϕω=∂<∂。
5.4 LC 三点式振荡器电路组成原则是与发射极相连接的两个电抗元件必须性质相同，而不与发射极相连接的电抗元件与前者必须性质相反，且LC 回路满足0ce be cb x x x ++=的条件。
5.5 从能量的角度出发，分析振荡器能够产生振荡的实质。
解：LC 振荡回路振荡在进行电能、磁能相互转换的过程中的能量损耗，由正反馈网络提供补偿，将直流电源提供的直流能量转换为交流输出。
5.6 为何在振荡器中，应保证振荡平衡时放大电路有部分时间工作在截止状态，而不是饱和状态？这对振荡电路有何好处？ 解：之所以将振荡平衡时放大电路有部分时间工作在截止状态，而不是饱和状态是因为在截止状态集电极电流小，功率损耗低。
这样可以保证振荡管安全工作。
5.7 若反馈振荡器满足起振和平衡条件，则必然满足稳定条件，这种说法是否正确？为什么？解：不正确。
因为满足起振条件和平衡条件后，振荡由小到大并达到平衡。
但当外界因素（温度、电源电压等）变化时，平衡条件受到破坏。
若不满足稳定条件，振荡起就不会回到平衡状态，最终导致停振。
5.8 分析图5.2.1(a)电路振荡频率不稳定的具体原因？解：电路振荡频率不稳定的具体原因是晶体管的极间电容与输入、输出阻抗的影响，电路的工作状态以及负载的变化，再加上互感耦合元件分布电容的存在，以及选频回路接在基极回路中，不利于及时滤除晶体管集电极输出的谐波电流成分，使电路的电磁干扰大，造成频率不稳定。
高频电子线路第二版阳昌汉课后答案
高频电子线路第二版阳昌汉课后答案高频电子线路：是电子、通信类各专业的一门主要技术基础课，课程目的是通过对高频条件下电子元器件和特性参数的再认识，以及对选频传输网络、高频小信号谐振放大、高频谐振功率放大、非线性器件的应用、信号的调制与解调、频谱变换技术和锁相环技术等的教学，使学生掌握基本的高频电路（非线性电子线路或通信电子线路）特点、结构、原理和分析方法。
为后续专业课程打下必要的基础与低频区别1：电路的工作频率由频谱低端向频谱高端发展和延伸。
它是频谱资源开发与通信电子工程应用的必然。
2：电路的工作状态由线性主导状态变为非线性主导状态。
主要研究对象转为非线性器件的特性、分析方法与应用。
3：随着电路的工作频率变高，电路中分布参数的影响越发突出，器件的几何形状、工艺和结构要求也出现新的特殊性和复杂性。
4：现代通信系统中，除了在信道的收发端点上，无法离开传统的高频硬件电路之外，系统的整个中间过程基本上可用微电脑和软件来实现。
重点应该放在对高频电子线路的基本概念、物理模型、数学模型以及基本分析方法的掌握其任务主要是解决工作频率大约在1GHz 范围内的电子线路在信号处理、通信等方面所涉及的原始信息换能、信道资源共享（即频谱搬移与变换即调制与解调、频分复用）、高频功率发送、高频微弱信号选择接收等方面的基本理论和技术问题。
在上述的高频范围内，电子技术应用主要涉及高频电子元器件；选频传输网络；高频小信号的选择性放大；高频（RF）功率放大；标准载波信号产生；频谱变换、频谱搬移技术（信号的调制与解调）锁相环及频率合成技术等七个方面内容高频电路基础（高频器件、选频网络及应用）1、从高频的角度重新审视过去熟识的基本元器件和认识新器件。
例如：（1）电阻、电容、（变容二极管）电感11（2）传输线、传输线变压器（3）中介回路（可涉及天线如线天线、面天线和微带天线等）的基本概念2、熟知LC并联谐振网络及其选频特性在高频电路中的作用。
高频电子课后复习规范标准答案
高频电子线路测试题第一章绪论一、自测题1、一个完整的通信系统应有信源、发送设备、信道、接受设备、信宿五部分组成。
2、人耳能听到的声音的频率约在20H Z到20KH Z 的范围内。
作业题1、为什么在无线电通信中要使用“载波”发射，其作用是什么？解:由于需要传送的信息转变成电信号以后,其占有的频率成分基本上是低频范围,将这些低频范围的电信号直接发射出去,有两个不可克服的缺点,一是无选择性,相互干扰,不能实现多路通信.二是电信号频率低无线天线尺寸太大,为此采用对载波进行调制的发送方式就能较好地解决这两个缺点,选用高频载波作为运载信息的信号,由于频率高,天线尺寸小.另外,不同的电台,采用不同的载波,就很容易实现多路通信.2、在无线电通信中为什么要采用“调制”与“解调”，各自的作用是什么？解:"调制"是发射机的主要功能.所谓调制是将所需传送的基带信号加载到载波信号上去,以调幅波,调相波或调频波的形式通过天线辐射出去." 解调"是接收机的重要功能.所谓解调是将接收到的已调波的原调制信号取出来,例如从调幅波的振幅变化中取出原调制信号.从调相波的瞬时相位变化中取出原调制信号.从调频波的瞬时频率变化中取出原调制信号.3、计算机通信中应用的“调制解调”与无线电通信中的“调制解调”有什么异同点？答：无线通信中，高频信号容易经天线发射，利用这一原理来传输信号调制就是把实际要传输的低频信号(被调制信号）经过运算，加载到高频信号(载波）上面去，解调是重新从已调制的高频信号中恢复低频信号（调制信号）二、思考题试说明模拟信号和数字信号的特点？它们之间的相互转换应采用什么器件实现？答：(1)模拟信号与数字信号不同的数据必须转换为相应的信号才能进行传输：模拟数据一般采用模拟信号(Analog Signal)，例如用一系列连续变化的电磁波(如无线电与电视广播中的电磁波)，或电压信号(如电话传输中的音频电压信号)来表示；数字数据则采用数字信号(Digital Signal)，例如用一系列断续变化的电压脉冲(如我们可用恒定的正电压表示二进制数1，用恒定的负电压表示二进制数0)，或光脉冲来表示。
(完整版)高频电子线路第5章习题答案
第5章 振幅调制、振幅解调与混频电路5.1 已知调制信号()2cos(2π500)V,u t t Ω=⨯载波信号5()4cos(2π10)V,c u t t =⨯令比例常数1a k =，试写出调幅波表示式，求出调幅系数及频带宽度，画出调幅波波形及频谱图。
[解] 5()(42cos 2π500)cos(2π10)AM u t t t =+⨯⨯54(10.5cos 2π500)cos(2π10)V t t =+⨯⨯20.5,25001000Hz 4a m BW ===⨯= 调幅波波形和频谱图分别如图P5.1(s)(a)、(b)所示。
5.2 已知调幅波信号5[1cos(2π100)]cos(2π10)V o u t t =+⨯⨯，试画出它的波形和频谱图，求出频带宽度BW 。
[解] 2100200Hz BW =⨯=调幅波波形和频谱图如图P5.2(s)(a)、(b)所示。
5.3已知调制信号3[2cos(2π210)3cos(2π300)]Vu t t Ω=⨯⨯+⨯，载波信号55cos(2π510)V,1c a u t k =⨯⨯=，试写出调辐波的表示式，画出频谱图，求出频带宽度BW 。
[解] 35()(52cos2π2103cos2π300)cos2π510c u t t t t =+⨯⨯+⨯⨯⨯3555353555(10.4cos2π2100.6cos2π300)cos2π5105cos2π510cos2π(510210)cos2π(510210)1.5cos2π(510300) 1.5cos2π(510300)(V)t t tt t t t t t =+⨯⨯+⨯⨯⨯=⨯⨯+⨯+⨯+⨯-⨯+⨯++⨯- 3max 222104kHz BW F =⨯=⨯⨯=频谱图如图P5.3(s)所示。
5.4 已知调幅波表示式6()[2012cos(2π500)]cos(2π10)V u t t t =+⨯⨯,试求该调幅波的载波振幅cm U 、调频信号频率F 、调幅系数a m 和带宽BW 的值。
高频电子线路第五章作业解答
第5章习题5.1 有一调幅波，载波功率为100W ，试求当a 1M =与a 0.3M =时的总功率和两个边频功率各为多少？[参考答案：150W 、75W,104.5W 4.5W 、]解：当a 1M =时，总功率2a O 111001W 150W 22M P P ⎛⎞⎛⎞=+=+=⎜⎟⎜⎟⎝⎠⎝⎠总边频功率2SB a O 11100W 50W22P M P ==×=，当a 0.3M =时， 22a O (0.3)11001W 104.5W 22M P P ⎛⎞⎛⎞=+=+=⎜⎟⎜⎟⎝⎠⎝⎠总 边频功率2SB a O 110.09100W 4.5W 22P M P ==××= 5.2 已知已调波的电压波形及其频谱图分别如图5-2(a)和(b)所示。
1v 和2v 各是何种已调波；写出它们的载波和调制信号的频率；写出1v 和2v 的函数表达式。
(注意，(a)图所标注1.5电压应该为v min )(a) (b)图5-2解：图5-2 (a) 所示波形为正弦波调制下的AM 波，图(b)为调制信号为方波的DSB 波。
(a)图波形的载波信号频率为465kHz ，调制信号频率4684653kHz F =−=。
(b)图波形的载波角频率为3C 10010rad /s ω=×，幅值为4V ，调制信号为方波，其角频率33310110-10010=10rad /s Ω=××，幅值为1V 。
(a)图波形的调制指数 maxmin a max min 3.5 1.50.43.5 1.5V V M V V −−===++ 331() 2.510.4cos610cos 246510V v t t t ⎡⎤=+π×π××⎣⎦(b)图中如果用双向开关函数212222()12222n t n K t n t n ΩΩΩ⎧π−<<π+⎪⎪=⎨π3π⎪−π+<<π+⎪⎩0,1,2,3,n =L表示调制信号v Ω，则3522()4(10)sin10V v t K t t =5.4 如图5-4所示各电路中，调制信号电压11m 1()cos v t V t ω=，载波电压22m 2()cos v t V t ω=，并且12>>ωω，m 1m 2>>V V ，晶体二极管D 1和D 2的伏安特性相同，均为以原点出发，斜率为D g 的直线。
高频电子线路课后习题答案解析_曾兴雯
WORD 文档下载可编辑高频电子线路习题集第一章 绪论1－1 画出无线通信收发信机的原理框图，并说出各部分的功用。
答：上图是一个语音无线电广播通信系统的基本组成框图，它由发射部分、接收部分以及无线信道三大部分组成。
发射部分由话筒、音频放大器、调制器、变频器（不一定必须）、功率放大器和发射天线组成。
低频音频信号经放大后，首先进行调制后变成一个高频已调波，然后可通过变频，达到所需的发射频率，经高频功率放大后，由天线发射出去。
接收设备由接收天线、高频小信号放大器、混频器、中频放大器、解调器、音频放大器、扬声器等组成。
由天线接收来的信号，经放大后，再经过混频器，变成一中频已调波，然后检波，恢复出原来的信息，经低频功放放大后，驱动扬声器。
话筒扬声器1－2 无线通信为什么要用高频信号？“高频”信号指的是什么？答：高频信号指的是适合天线发射、传播和接收的射频信号。
采用高频信号的原因主要是：（1）频率越高，可利用的频带宽度就越宽，信道容量就越大，而且可以减小或避免频道间的干扰；（2）高频信号更适合电线辐射和接收，因为只有天线尺寸大小可以与信号波长相比拟时，才有较高的辐射效率和接收效率，这样，可以采用较小的信号功率，传播较远的距离，也可获得较高的接收灵敏度。
1－3无线通信为什么要进行凋制？如何进行调制？答：因为基带调制信号都是频率比较低的信号，为了达到较高的发射效率和接收效率，减小天线的尺寸，可以通过调制，把调制信号的频谱搬移到高频载波附近；另外，由于调制后的信号是高频信号，所以也提高了信道利用率，实现了信道复用。
调制方式有模拟调调制和数字调制。
在模拟调制中，用调制信号去控制高频载波的某个参数。
在调幅方式中，AM普通调幅、抑制载波的双边带调幅（DSB）、单边带调幅（SSB）、残留单边带调幅（VSSB）；在调频方式中，有调频（FM）和调相（PM）。
在数字调制中，一般有频率键控（FSK）、幅度键控（ASK）、相位键控（PSK）等调制方法。
《高频电子线路》课后答案
高频电子线路参考答案第2章 小信号选频放大器2.1 已知并联谐振回路的1μH,20pF,100,L C Q ===求该并联回路的谐振频率0f 、谐振电阻p R 及通频带0.7BW 。
[解] 90-612110.035610Hz 35.6MHz 2π2π102010f LCH F-===⨯=⨯⨯6312640.71010022.4k 22.361022.36k 201035.610Hz35.610Hz 356kH z100p HR Q Ff BW Q ρρ--===Ω=⨯Ω=Ω⨯⨯===⨯=2.2 并联谐振回路如图P2.2所示，已知：300pF,390μH,100,C L Q ===信号源内阻s 100k ,R =Ω负载电阻L 200k ,R =Ω求该回路的谐振频率、谐振电阻、通频带。
[解] 011465kHz 2π2π390μH 300PFf LC≈==⨯0.70390μH100114k Ω300PF////100k Ω//114.k Ω//200k Ω=42k Ω42k Ω42k Ω371.14k Ω390μH/300 PF/465kHz/37=12.6kHzp e s p Lee e R Q R R R R R Q BWf Q ρρ===========2.3 已知并联谐振回路的00.710MHz,C=50pF,150kHz,f BW ==求回路的L 和Q 以及600kHz f ∆=时电压衰减倍数。
如将通频带加宽为300 kHz ，应在回路两端并接一个多大的电阻? [解] 6262120115105μH (2π)(2π1010)5010L H f C --===⨯=⨯⨯⨯⨯ 6030.7101066.715010f Q BW ⨯===⨯2236022*********.78.11010p oU f Q f U ••⎛⎫⎛⎫∆⨯⨯=+=+= ⎪ ⎪⨯⎝⎭⎝⎭当0.7300kHz BW =时6030.746120101033.33001033.31.061010.6k 2π2π10105010e e e ef Q BW Q R Q f C ρ-⨯===⨯====⨯Ω=Ω⨯⨯⨯⨯而471266.72.131021.2k 2π105010p R Q ρ-===⨯Ω=Ω⨯⨯⨯ 由于,p e pRR R R R =+所以可得10.6k 21.2k 21.2k 21.2k 10.6k e p p eR R R R R Ω⨯Ω===Ω-Ω-Ω2.4 并联回路如图P2.4所示,已知：360pF,C =1280μH,L ==100,Q 250μH,L = 12=/10,n N N =L 1k R =Ω。
高频电子线路第5章习题参考答案
高频电子线路习题参考答案
2 2 U1 U 3 U1 U 3 3a 3 cos(21 3 )t cos(21 3 )t 4 4 2 U 2 U1 U 3 U1 3 cos(23 1 )t cos(23 1 )t 4 4 2 U2U3 U2U3 2 cos(22 3 )t cos(22 3 )t 4 4 2 U2U2 U3U2 3 cos(23 2 )t cos(23 2 )t 4 4
答5-2 能出现50 kHz和 350 kHz的频率成分，因为在u2项中将会 出现以下2次谐波和组合频率分量。 200 kHz-150 kHz=50 kHz 200 kHz+150 kHz=350 kHz
2x200 kHz=400 kHz
2x150 kHz=300 kHz
高频电子线路习题参考答案
5－3 一非线性器件的伏安特性为 gDu u 0 i 0 u 0 式中，u＝EQ＋ul＋u2＝EQ＋U1COSω1t＋U2COSω2t。若U1 很小，满足线性时变条件，则在EQ=-U2/2时，求出时变电导 gm(t)的表示式。 解5-3，根据已知条件，
高频电子线路习题参考答案
设一个开关函数 1 K(w 2 t) 0 2 2 2n 2 t 2n 3 3 2 4 2n 2 t 2n 3 3
将 K(2 t)进行展开为富式级数为 K(2 t) 2 2 2n 2 3 sin cos n2t cos 2t 3 1 n 3 3 3 3 3 cos 22t cos 42t cos 52t ...... 2 4 5
a 2 U1U 3 cos( 1 3 )t U1U 3 cos( 1 3 )t a 2 U 3 U 2 cos(3 2 )t U 3 U 2 cos( 3 2 )t
高频电子线路_阳昌汉_习题与解答
1 QL 6.87 QL 2
' 应该增大一倍，即 对应的 g
' 2g 579.6 10 6 s g
因为
' g
1 1 g0 R R
所以
1 1 ' ' g g0 g g R R
289.8 106 s
2-4 单调谐放大器如图 2-23 所示。已知 L14=1μH,Q0=100,N12=3,N23=3,N34=4，工 作频率 f0=30MHz，晶体管在工作点的 y 参数为 gie=3.2ms,Cie=10pF,goe=0.55ms,Coe=5.8 pF,yfe=53ms,φfe=-47°,yre=0。试求：
(2)计算回路电容 C 因为 C p1 Coe C p1 Cie 2 ，且
112
2 2
C
所以
1
2 f 0
2
L14
1
2 30 10
6 2
110 6
=28.17 pF
2 C C p12 Coe p2 Cie 2 28.17 0.6 2 5.8 0.32 10 25.18 pF
谐振电阻
RP 1 g 5.17 k
2-2 有一个 RLC 并联谐振电路如图 2-20 所示，已知谐振频率 f0=10MHz,L=4μH,Q0 =100,R=4kΩ。 试求 (1)通频带 2 f 0.7 ;(2)若要增大通频带为原来的 2 倍， 还应并联一个多大电阻? 题意分析 此题是一个 RLC 并联谐振电路的基本计算， 了解通频带的变化与回路电阻的关系。 解 (1)计算通频带 电感 L 的损耗电导 g 0 为
高频电子线路课后习题答案解析
WORD 文档 可编辑高频电子线路习题集第一章 绪论1－1 画出无线通信收发信机的原理框图，并说出各部分的功用。
答：上图是一个语音无线电广播通信系统的基本组成框图，它由发射部分、接收部分以及无线信道三大部分组成。
发射部分由话筒、音频放大器、调制器、变频器（不一定必须）、功率放大器和发射天线组成。
低频音频信号经放大后，首先进行调制后变成一个高频已调波，然后可通过变频，达到所需的发射频率，经高频功率放大后，由天线发射出去。
接收设备由接收天线、高频小信号放大器、混频器、中频放大器、解调器、音频放大器、扬声器等组成。
由天线接收来的信号，经放大后，再经过混频器，变成一中频已调波，然后检波，恢复出原话筒扬声器来的信息，经低频功放放大后，驱动扬声器。
1－2 无线通信为什么要用高频信号？“高频”信号指的是什么？答：高频信号指的是适合天线发射、传播和接收的射频信号。
采用高频信号的原因主要是：（1）频率越高，可利用的频带宽度就越宽，信道容量就越大，而且可以减小或避免频道间的干扰；（2）高频信号更适合电线辐射和接收，因为只有天线尺寸大小可以与信号波长相比拟时，才有较高的辐射效率和接收效率，这样，可以采用较小的信号功率，传播较远的距离，也可获得较高的接收灵敏度。
1－3无线通信为什么要进行凋制？如何进行调制？答：因为基带调制信号都是频率比较低的信号，为了达到较高的发射效率和接收效率，减小天线的尺寸，可以通过调制，把调制信号的频谱搬移到高频载波附近；另外，由于调制后的信号是高频信号，所以也提高了信道利用率，实现了信道复用。
调制方式有模拟调调制和数字调制。
在模拟调制中，用调制信号去控制高频载波的某个参数。
在调幅方式中，AM普通调幅、抑制载波的双边带调幅（DSB）、单边带调幅（SSB）、残留单边带调幅（VSSB）；在调频方式中，有调频（FM）和调相（PM）。
在数字调制中，一般有频率键控（FSK）、幅度键控（ASK）、相位键控（PSK）等调制方法。
高频电子线路 第5章 习题答案
e an dAl l t h i ng si nt he i rb ei n 已知调幅波信号，试画出它的波形和频谱图，求出频带5[1cos(2π100)]cos(2π10)V o u t t =+⨯⨯2100200Hz=⨯=调幅波波形和频谱图如图P5.2(s)(a)、(b)所示。
已知调制信号，载波信号3[2cos(2π210)3cos(2π300)]V u t t Ω=⨯⨯+⨯，试写出调辐波的表示式，画出频谱图，求出频带宽度。
55cos(2π510)V,1a t k ⨯⨯=BWan dAl l th i na re 352π2103cos 2π300)cos 2π510t t t⨯⨯+⨯⨯⨯3553550.4cos 2π2100.6cos 2π300)cos 2π5102π510cos 2π(510210)cos 2π(5101.5cos 2π(510300) 1.5cos 2π(510300)(V)t t t t t t ⨯⨯+⨯⨯⨯⨯⨯+⨯+⨯+⨯⨯++⨯-3104kHz=，可得a cm 1V m U =a cm 2/2/50.4m U ===32510Hz=10kHzBW =⨯⨯调幅波波形和频谱图分别如图P5.5(s)(a)、（b ）所示。
已知调幅波表示式，试画出它的波形和频谱图，求出4()[2cos(2π100)]cos(2π10)V u t t t =+⨯⨯me an dAl l t ga re go od fo 调幅波波形和频谱图分别如图P5.6(s)(a)、(b)所示。
，2200Hz BW F ==a 0.5m =cm 22O L 1122W221U P R ===?? 已知调幅波的频谱图和波形如图P5.8(a)、(b)所示，试分别写出它们的表示式。
n dAl l t h i ng si nt he i rb ei n ga re go od fo rs o[解] 3330()()10cos 2π100102cos 2π101102cos 2π9910a u t t t t=⨯⨯+⨯⨯+⨯3333333335 +3cos2π102103cos 2π981010cos 2π100104cos 2π10010cos 2π10 +6cos2π10010cos 2π21010(10.4cos 2π100.6cos 2π210)cos(2π10)Vt tt t tt tt t t ⨯⨯+⨯⨯=⨯⨯+⨯⨯⨯⨯⨯⨯⨯=+⨯+⨯⨯⨯47047()()(52cos 2π10)cos 2π105(10.4cos 2π10)cos(2π10)Vb u t t tt t =+⨯⨯=+⨯⨯5.9 试分别画出下列电压表示式的波形和频谱图，并说明它们各为何种信号。
《高频电子线路》习题解答完整答案
1 ，则有： 3
RL'
1 PC2
RL
9RL
45 K ， C
CS
C1 //C2
CL 18.33 pF
回路的谐振频率： f0 2
1 LC
41.56MHz ，
Rp Q0 0 LQ0 20.9K 。
谐振阻抗为： RT RS // Rp // RL' 5.88K ，
(e)
令接入系数 PC
C1 C2 C1
，接入系数 PL
N2 N2 N1
，其等效电路如右图所示，则有：
N1 L
R0
N2
Rs
C1
C2
RL
N1 L
RS' N2
R0
Rs
C1
R L'
C2
RL
RS'
1 PL2
RS
，
R
' L
1 PC2
RL 。此时有谐振阻抗：
RT R0 // RS' // RL' ， 回 路总 电 容：
路电容 C 51PF ，试求：(1)回路电感 L，回路的品质因素 Q。（2）回路谐振电阻 RT。（3）
若希望回路的通频带宽展宽一倍，应在回路两端并一多大的电阻 Rx。
解： BW0.7
f0 Q0
Q0
f0 BW0.7
6.5 106 250 103
26
f0
2
1 LC
L
1
2f0 2 C
抑 制 比 S 0.126 。 现 选 定 回 路 电 容 C 56PF，试求：（1）回路电感 L 值及回
高频电子线路_阳昌汉_习题与解答
1 1 2 2 p2 p2 gie 2 3 3 2 10 3 10
1 1 0.62 0.55 0.053 0.32 0.32 0.32 3.2 103 2 3
0.614 ms
则
R 3.45k
图 2-21 单调谐放大电路
108
2-3 单 调 谐 放 大 器 如 图 2-21 所 示 。 已 知 工 作 频 率 f0=30MHz,L13=1μH,Q0 =80,N13=20,N23=5,N45=4 。 晶 体 管 的 y 参 数 为 yie=(1.6+j4.0) ms;yre=0;yfe=(36.4-j42.4) ms;yoe=(0.072+j0.60)ms。 电路中 Rb1=15 kΩ,Rb2=6.2 kΩ,Re=1.6 kΩ,C1=0.01μF,Ce=0.01μF， 回路并联电阻 R=4.3kΩ， 负载电阻 RL=620Ω。试求： (1)画出高频等效电路； (2)计算回路电容 C； (3)计算 Au0 , 2Δf0.7 , Kr0.1 。 题意分析 此题的目的是说明负载不是晶体管而是 RL 时，分析等效电路要注意与晶 体管为放大器负载的区别，具体计算仍然由实际等效电路来决定。 解 (1)画高频等效电路 由题意已知晶体管的 yre=0，可画高频等效电路如图 2-22 所示。
QL
1 1 6 0 Lg 2 10 10 4 106 289.8 106
13.74
回路通频带
2 f 0.7
f 0 10 106 0.728 106 Hz 0.728 MHz QL 13.74
(2)若通带增大一倍，即 2 f 0.7 1.456MHz ，计算应再并多大电阻 R 根据题意要求通频带增大一倍，则回路的有载品质因数应减小一倍，即
高频电路课后答案第 5 章(王卫东编著)
第5章解：（1）66625cos(2π10)17.5cos(2π10)cos(2π5000)7.5cos(2π10000)cos(2π10)u t t t t t =⨯+⨯⨯-⨯⨯66625cos(2π10)8.75cos(2π 1.00510)8.75cos(2π0.99510)t t t =⨯+⨯⨯+⨯⨯663.75cos(2π 1.0110) 3.75cos(2π0.9910)t t -⨯⨯-⨯⨯此调幅波所含的频率分量与振幅为频率（MHz ）1 1.0050.995 1.010.99振幅（V ）258.758.753.753.75（2）此调幅波的包络为：m ()25(10.7cos 2π50000.3cos 2π10000)25(10.7cos 0.3cos 2)U t t t =+-=+-θθ令即2m ()25(10.7cos 0.3cos 2)25(1.30.7cos 0.6cos )U t =+-=+-θθθθ(cos 1)θ≤22713736115cos cos 15cos 6612144⎡⎤⎛⎫⎛⎫=---=---⎢⎥⎪⎝⎭⎝⎭⎢⎥⎣⎦θθθ因此，当cos 1θ=-即180θ︒=时，包络的谷值为0V ；当cos 712θ=即54.3θ︒=时，包络的峰值约为37.6V 。
5.2解：设调幅波载波功率为c P ，则边频功率为2u l a c 14P P m P ==。
（1）a 1m =时，u l 110025(W)4P P ==⨯=（2）a 0.3m =时，2u l 10.3100 2.25(W)4P P ==⨯⨯=5.3解：设调幅波载波功率为c P ，则边频功率为2u l a c 14P P m P ==。
（1）∵22u l a c 110.750.6125(kW)44P P m P ===⨯⨯=∴u l 20.6125 1.225(kW)P P P =+=⨯=边频（2）集电极调幅时：o cD D50%P P P P ===η∴cD 510(kW)0.5P P ===η（3）基极调幅时：oD50%P P ==η，而o c u l 5 1.225 6.225(kW)P P P P =++=+=∴oD 6.22512.45(kW)0.5P P ===η5.4解：设载波功率为c P ，则有c 1000WP =边频功率为2u l a c14P P m P ==总功率为2a c u l c 12m P P P P P ⎛⎫=++=+ ⎪⎝⎭，因此am uP lP P1250W 250W 1500W 0.7122.5W122.5W1245W5.6解：（1）根据频谱可知已调波有四个边频分量，且每个边频分量是一个AM 信号。
《高频电子线路》(周选昌)习题解答完整答案
解：回路有载时有：
RT = ρQe =
Qe Qe = = ω 0 C 2πf 0 C
1 2πC f0 Qe
=
1 1 = = 2.65 KΩ 2πCBΩ3dB 2π × 10 × 10 −12 × 6 × 10 6
GT = 1 RT = 0.377 mS
G S = 1 RS = 0.167 mS G P = 1 RP = 0.05mS
1 LC
2
Qe =
RT
ρ
= RT ω 0 C ，其中 ω 0 =
(b) 令接入系数 PL =
N2 ，其等效电路如右图所示，则有： N1 + N 2
C
R0
L N1 N2
C R0
L N1 N2
RL
CL
RL
' RL
CL
' CL
' RL =
1 ' ' ' ，回路总电容：C ∑ = C + C L RL , C L = PL2 C L 。此时有谐振阻抗： RT = R0 // RL 2 PL
N1 N2 N3 RL
' RS
' RL
C
R0
Rs
Rs
L N1 N2
' = RS
1 1 ' ' ' ，回路总电容： = 2 RL 。此时有谐振阻抗： RT = R0 // RS RS ， R L // RL 2 P1 P2
RT
C ∑ = C ，有载品质因素： Qe =
ρ
= RT ω 0 C ∑ ，其中 ω 0 =
高频电子线路习题解答周选昌13为了实现频谱搬移则必须要求产生和频与差频的组合分量从上图中可以看出在时变偏置的一个周期变化过程中必须使得二极管出现导通截止情况才可以
第五章高频电路课后答案
v AM t 10 1 0.5 cos 2 103 t cos 2 106 t
6 6
10 cos 2 10 t 2.5 cos 2 10
10 2.5 106-103 106 2.5 106+103
10 t
3
f / Hz
频谱结构图如右图所示。 （2）载波分量的功率为 PC
VCM TΩ t 0
vDSBt
TΩ t
o 180o 突变 180o 突变 180 突变
5-6 某 调 幅 波 的 数 学 表 达 式 为
v AM t VAM 1 m1 cos1t m2 cos2t cosc t ， 且
2 21 ，当该调幅波分别通过具有如图 P5-6 所示频率特性的滤波器后：
c
(b)
c
0
c
2c
(c)
4c
6c
， t 360cos10 106 t （ mV ）
5-8 在 图 P5-8 所 示 的 差 分 对 管 调 制 电 路 中 ， 已 知 vc 大， VBEon 可忽略。使用开关函数求 i iC1
，VCC VEE 10V ， REE 15K ，晶体三极管的 很 v t 5 cos 2 103 t （mV）
i=i1-i2 源电路。若晶体三极管的 很大， VBEon 可
忽略，试导出输出电流 i 的表示式。若
-I0
I0
0 V cos v1 t 1M v id c t，v2 t V2 M cos t ，且
V2M VEE ，试画出下列两种情况下输出电
流 i 的波形及其频谱图：⑴ V1M 很小，处于小 信号状态；⑵ V1M 很大，处于开关工作状态。 解： iC 3
高频电子线路智慧树知到课后章节答案2023年下内蒙古科技大学
高频电子线路智慧树知到课后章节答案2023年下内蒙古科技大学内蒙古科技大学第一章测试1.下列表达式正确的是（）。
A:低频信号可直接从天线有效地辐射。
B:低频信号必须转载到高频信号上才能从天线有效地辐射。
C:高频信号及低频信号都不能从天线上有效地辐射。
D:高频信号及低频信号都能从天线上有效地辐射。
答案:低频信号必须转载到高频信号上才能从天线有效地辐射。
2.电视、调频广播和移动通信均属（）通信。
A:中波 B:短波 C:超短波 D:微波答案:超短波第二章测试1.高频电路中属于无源的线性元件的是（）A:电感器 B:二极管 C:电阻器 D:电容器答案:电感器;二极管;电容器2.高频变压器常用导磁率μ低，高频损耗晓的软磁体材料做磁芯。
（）A:对 B:错答案:对3.高频变压器一般用于小信号场合，尺寸晓，线圈匝数较少。
（）A:错 B:对答案:对第三章测试1.下列不属于小信号谐振放大器的技术指标是（）。
A:非线性失真系数 B:通频带 C:选择性 D:电压增益答案:非线性失真系数2.强耦合时，耦合回路η越大，谐振曲线在谐振频率处的凹陷（）。
A:越大 B:不出现 C:越小答案:越大3.LC 组成一个串联谐振回路，谐振时串联回路阻抗（）。
A:最小 B:最大 C:无法估计答案:最小4.高频功率放大器功率增益是指（）。
A:不能确定 B:集电极输出功率与基极激励之比 C:基极激励功率与集电极输出功率之比答案:集电极输出功率与基极激励之比5.丙类高频功率放大器三极管作用是（）。
A:开关作用 B:A 和 B C:按照输入信号变化的规律，将直流能量转变为交流能量答案:A 和 B6.丙类高频功率放大器最佳工作状态是（）。
A:欠压 B:过压 C:临界答案:临界7.某丙类高频功率放大器，若要求输出电压平稳，放大器应选择在什么状态下工作（）。
A:临界 B:过压 C:欠压答案:过压8.对谐振功率放大器进行调谐时，应在（）工作状态进行，以保护功放管。