2019高考物理九月选练(5)新人教版
2019届高三物理9月月考试题新 版新人教版
2019学年度9月份考试高三学年物理试题一、选择题（本题包括14小题,共计48分。
每小题给出的四个选项中，1-8题只有一个选项正确，每题3分。
9-14题有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。
）1、如图所示，用一根长为l 的细绳一端固定在O 点，另一端悬挂质量为m 的小球A ，为使细绳与竖直方向夹30°角且绷紧，小球A 处于静止，对小球施加的最小的力等于： （ ）A．．m 23g C.m 21g D .m 33g 2.为了探究匀变速直线运动，某同学将一小球以一定的初速度射入一粗糙的水平面，如图中的A 、B 、C 、D 为每隔1 s 记录的小球所在的位置，AB 、BC 、CD 依次为第1 s 、第2 s 、第3s 小球通过的位移，经测量可知AB ＝8.0 m 、CD ＝0.5 m 。
假设小球的运动可视为匀减速直线运动，则下列描述正确的是 ( )A.小球匀减速运动时的加速度大小一定为3.75 m/s 2B.小球匀减速运动时的加速度大小可能为3.75 m/s 2C.0.5 s 末小球的速度为8 m/sD.2.5 s 末小球的速度为0.5 m/3.如图所示，从A 点由静止释放一弹性小球，一段时间后与固定斜面上B 点发生碰撞，碰后小球速度大小不变，方向变为水平方向，又经过相同的时间落于地面上C 点，已知地面上D点位于B 点正下方，B 、D 间的距离为h ，则( )A.A 、B 两点间的距离为h 2B.A 、B 两点间的距离为h 4C.C 、D 两点间的距离为2hD.C 、D 两点间的距离为233h4.广州塔，昵称小蛮腰，总高度达600米，游客乘坐观光电梯大约一分钟就可以到达观光平台.若电梯简化成只受重力与绳索拉力，已知电梯在t =0时由静止开始上升，t a间关系如图所示．则下列相关说法正确F 0－F 0的是 （ ）A ．t =4.5s 时，电梯处于失重状态B ．5～55s 时间内，绳索拉力最小C ．t =59.5s 时，电梯处于超重状态D ．t =60s 时，电梯速度恰好为05． 作用于水平面上某物体的合力F 与时间t 的关系如图所示，各个时刻时间间隔依次相等，设力的方向向右为正，则将物体从下列哪个时刻由静止释放，该物体会始终向左运动 （ ）A ．t 1时刻B ．t 2时刻C ．t 3时刻D ．t 4时刻 6. 如图所示，质量为m 的半圆轨道小车静止在光滑的水平地面上，其水平直径AB 长度为2R ，现将质量也为m 的小球从距A 点正上方h 0高处由静止释放，然后由A 点经过半圆轨道后从B 冲出，在空中能上升的最大高度为034h （不计空气阻力），则 （ ）A ．小球和小车组成的系统动量守恒B ．小车向左运动的最大距离为12R C ．小球离开小车后做斜上抛运动D ．小球第二次能上升的最大高度001324h h h << 7、如图所示，一倾斜的匀质圆盘垂直于盘面的固定对称轴以恒定的角速度ω转动，盘面上离转轴距离 2.5m处有一小物体与圆盘始终保持相对静止，物体与盘面间的动摩擦因数为。
2019高考物理一轮选训九月第二周习题(5)(含解析)新人教版.docx
人教物理2019高考一轮选训：九月第二周习题（5）李仕才一、选择题1、如图所示，倾角为〃的斜而体Q 置于水平而上，〃置于斜面上，通过轻绳跨过光滑D.水平面对C 可能没有摩擦力解析：选c 以/c 组成的整体为研究对象，分析受力，画出受力分析團如團所示。
由團得到水平面对 c 的支持力大小用=Gc+ G B - Gjsin XGc+ 故A 错误。
当B 的重力沿斜面向下的分力等于绳子的拉 力时，〃不受摩擦力；当丧的重力沿斜面向下的分力不等于绳子的拉力时，〃受摩擦力，故B 错误。
对处C 整体分析，根据平衡条件得，水平面对C 的摩撫力 心Z 方向水平向左，故C 正确，D 错误。
2、［多选］如图甲所示，水平地面上固定一足够长的光滑斜血，斜血顶端有一理想定滑 轮，一轻绳跨过滑轮，绳两端分别连接小物块/和从保持月的质量不变，改变〃的质量伽 当〃的质塑连续改变时，得到力的加速度自随〃的质量/〃变化的图线，如图乙所示，图中 句、型、加为未知量，设加速度沿斜面向上的方向为正方向，空气阻力不计，重力加速度g取9. 8 m/s 2,斜面的倾角为°,下列说法正确的是（） A. 若已知, 可求出A 的质量B. 若 0 未知，可求出乙图中勿的值 C. 若 0 已知，可求出乙图屮"2的值 D. 若 0 己知, 可求出乙图中处的值B.C. 水平面对C —•定有摩擦力水平面对c 的支持力等于从c 的总重力A .B 、C 都处于静止状态。
贝lj （）当〃L*8吋，8=盘=g,故B 正确。
由③式得，加=0时，仪=$2=—的山“，故C 正确。
当曰=0时，由③式得，/n=//K ）=misin ",可知，加不能求出，故D 错误。
3、一位网球运动员以拍击球，使网球沿水平方向飞出，第一只球落在自己一方场地的 〃点，弹跳起来后，刚好擦网而过，落在对方场地的/点，如图所示，第二只球直接擦网而 过，也落在力点，设球与地面的碰撞没有能力损失，其运动过程屮阻力不计，则两只球E 过 网C 处时水平速度之比为（）B. 1 ： 3D. 1 ： 9解析：选B 两种情况下抛出的高度相同，所以第一种情况下落到〃点所用的时间等于第二 种情况下落到A 点所用时间，根据竖直上抛和自由落体的对称性可知第一种情况下所用时间 为衣=3匕第二种情况下所用时间为t2=t,由于两球在水平方向均为匀速运动，水平位移 v { 1大小相等，设它们从0点出发时的初速度分别为小卩2,由x=v.t 得巾=3旳，即一=云，Bv-2. 3正确。
近年高考物理一轮选习练题(5)(含解析)新人教版(1)(2021年整理)
2019高考物理一轮选习练题（5）（含解析）新人教版(1) 编辑整理：尊敬的读者朋友们：这里是精品文档编辑中心，本文档内容是由我和我的同事精心编辑整理后发布的，发布之前我们对文中内容进行仔细校对，但是难免会有疏漏的地方，但是任然希望（2019高考物理一轮选习练题（5）（含解析）新人教版(1)）的内容能够给您的工作和学习带来便利。
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人教物理2019高考一轮选习练题(5）李仕才一、选择题1、(2017·全国卷Ⅱ)如图，虚线所示的圆形区域内存在一垂直于纸面的匀强磁场,P为磁场边界上的一点，大量相同的带电粒子以相同的速率经过P点，在纸面内沿不同方向射入磁场，若粒子射入速率为v1,这些粒子在磁场边界的出射点分布在六分之一圆周上；若粒子射入速率为v2，相应的出射点分布在三分之一圆周上，不计重力及带电粒子之间的相互作用,则v2∶v1为( )A.∶2B.∶1C.∶1D.3∶【解析】选C。
设圆形区域磁场半径为R,根据题意，当粒子出射点分布在六分之一圆周上时，根据几何关系可知轨道半径r1=Rsin30°,由洛伦兹力提供向心力,得到r1=，当粒子相应的出射点分布在三分之一圆周上时，根据几何关系:r2=Rsin60°，又因为r2=,则v2∶v1为∶1,故选C。
2、(2018·河北邢台质检)有下列几种情景，其中对情景的分析和判断正确的是( ）①点火后即将升空的火箭；②高速公路上沿直线高速行驶的轿车为避免事故紧急刹车;③磁悬浮列车在轨道上高速行驶；④太空中的空间站绕地球做匀速圆周运动。
A.①中，因火箭还没运动，所以加速度一定为零B。
②中,轿车紧急刹车，速度变化很快，所以加速度很大C.③中，高速行驶的磁悬浮列车，因速度很大，所以加速度也一定很大D.④中，因空间站处于完全失重状态，所以空间站内的物体加速度为零【答案】B【解析】点火后火箭即将升空的瞬间，加速度竖直向上，不为零，A错；轿车紧急刹车时刹车时间短,且速度改变很大，则由a＝错误!知加速度很大，B 对；磁悬浮列车速度很大,但速度没有变化,加速度为零，C错；空间站以及里面的物体受地球万有引力作用,加速度不为零， D错.3、(多选）如图所示，在空间存在平行于xOy平面的匀强电场,一簇质子(重力及质子间作用力均不计)从P点出发,可以到达以原点O为圆心、R=10cm为半径的圆上任意位置,其中质子到达A点时动能增加量最大，最大动能增量为32eV,A点是圆与x轴正半轴的交点。
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（人教）物理2019高考一轮选练练题（5）及答案李仕才一、选择题1、2016年10月17日,“神舟十一号"与“天宫二号”交会对接成为组合体,如图所示.10月20日组合体完成点火程序，轨道高度降低。
组合体在高、低轨道上正常运行时均可视为圆周运动,则( BC )A。
在低轨道上运行时组合体的加速度较小B.在低轨道上运行时组合体运行的周期较小C.点火过程组合体的机械能不守恒D。
点火使组合体速率变大，从而降低了轨道高度解析:对于组合体,万有引力提供其做圆周运动的向心力,即G=ma=m(）2r=,其中M为地球质量，m为组合体质量，r为组合体轨道半径。
由上述等式可知,组合体在低轨道上,加速度较大,周期较小,选项A错误，B 正确;在点火过程中,将燃料的化学能转化为组合体的机械能,故组合体的机械能变化，选项C正确;当点火使组合体速率变小，万有引力大于组合体需要的向心力时，轨道才会降低，选项D错误.2、如图所示，一质量为m的沙袋用不可伸长的轻绳悬挂在支架上，一练功队员用垂直于绳的力将沙袋缓慢拉起，使绳与竖直方向的夹角为θ＝30°，且绳绷紧，则练功队员对沙袋施加的作用力大小为( )A。
错误!B。
错误!mgC.错误! mg D。
错误!mg解析：选A.如图，建立直角坐标系对沙袋进行受力分析：由平衡条件有：Fcos 30°－F T sin 30°＝0，F T cos 30°＋Fsin 30°－mg＝0，联立可解得：F＝错误!，故选A.3、（2018山东省枣庄八中期中）物理学的发展极大地丰富了人类对物质世界的认识，推动了科学技术的创新和革命，促进了人类文明的进步，关于物理学中运动与力的发展过程和研究方法的认识，下列说法中正确的是( ）A。
2019届高三物理9月月考试题 人教 新目标 版
亲爱的同学：这份试卷将再次记录你的自信、沉着、智慧和收获，我们一直投给你信任的目光……2019高三物理9月月考试题一、选择题（本题共10小题，在每小题给出的四个选项中，第1—6小题只有一个选项正确，第7—10小题可能有多个选项正确，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分，共50分.）1、有a 、b 、c 、d 四颗地球卫星，a 还未发射，在地球赤道上随地球表面一起转动，b 处于地面附近的近地轨道上正常运动，c 是地球同步卫星，d 是高空探测卫星，各卫星排列位置如图1所示，则有( )A ．a 的向心加速度等于重力加速度gB ．b 在相同时间内转过的弧长最短C ．c 在4小时内转过的圆心角是π/3D ．d 的运动周期有可能是20小时2. 如图2所示的位移—时间和速度—时间图象中，给出的四条曲线1、2、3、4代表四个不同物体的运动情况。
下列描述正确的是( ) A ．图线1表示物体做曲线运动 B ．s-t 图像中t 1时刻v 1>v 2C ．v-t 图像中0至t 3时间内3和4的平均速度大小相等D ．两图像中，t 2、t 4时刻分别表示反向运动 3、如图4－2所示为一种“滚轮－平盘无级变速器”的示意图，它由固定于主动轴上的平盘和可随从动轴移动的圆柱形滚轮组成，由于摩擦的作用，当平盘转动时，滚轮就会跟着转动．如果认为滚轮不会打滑，那么主动轴转速n 1、从动轴转速n 2、滚轮半径r 以及滚轮中心到主动轴轴线的距离x 之间的关系是( ) A.n 2＝n 1x r B ．n 2＝n 1r xC ．n 2＝n 1x 2r 2 D ．n 2＝n 1x r4、一物体重为50 N ，与水平桌面间的动摩擦因数为0.2，现加上如图3所示的水平力F 1和F 2，若F 2＝15 N 时物体做匀加速直线运动，则F 1的值可能是(g ＝10 m/s 2)( ) A ．6 N B.25 N 如图3 C ．30 N D ．20 N 5. 如图4所示，一物块置于水平地面上．当用与水平方向成60°角的力F 1拉物块时，物块做匀速直线运动；当改用与水平方向成30°角的力F 2推物块时，物块仍做匀速直线运动．若F 1和F 2的大小相等，则物块与地面之间的动摩擦因数为( )A .13-B ．32-C .2123-D ．231- 6、在“嫦娥一号”奔月飞行过程中，在月球上空有一次变轨是由椭圆轨道a 变为近月圆形轨道b ，如图4－5所示，在a 、b两轨道图 4图2图1的切点处，下列说法正确的是( ) A. 卫星运行的速度v a ＝v b B ．卫星受月球的引力F a ＝F b C ．卫星的加速度a a ＞a b D ．卫星的动能E k a ＜E k b7、图6所示，欲使在固定的粗糙斜面上匀速下滑的木块 A 停下，不可采用的方法是( ) A ．增大斜面的倾角B ．对木块A 施加一个垂直于斜面向下的力C ．对木块A 施加一个竖直向下的力D ．在木块A 上再叠放一个重物8、物体沿一条东西方向的水平线做直线运动，取向东为运动的正方向，其速度—时间图象如图7所示，下列说法中正确的是 ( )A ．在1 s 末，速度为9 m/sB ．0～2 s 内，加速度为6 m/s 2C ．6～7 s 内，做速度方向向西的加速运动D ．10～12 s 内，做速度方向向东的加速运动9. 如图所示，在距地面高为H ＝45 m 处，有一小球A 以初速度v 0＝10 m/s 水平抛出，与此同时，在A 的正下方有一物块B 也以相同的初速度同方向滑出，B 与水平地面间的动摩擦因数为μ＝0.4，A 、B 均可视为质点，空气阻力不计(取g ＝10 m/s 2)。
2019高考物理一轮复习选训九月第一周习题(5)(含解析)新人教版.docx
人教物理2019高考一轮选训：九月第一周习题（5）李仕才一、选择题1、如图（a ）所示，两段等长细绳将质量分别为2〃人刃的小球人〃悬挂在0点，小球力 受到水平向右的恒力斤的作用、小球〃受到水平向左的恒力尺的作用，当系统处于静止状 态时，出现了如图（b ）所示的状态，小球〃刚好位于。
点正下方.则斤与尺的大小关系正确的是（）A. F\=4FiC. F\ = 2F2 答案A解析厦受到水平向右的力尸1,丧受到的水平向左的力尸2,以整体为研究对象，分析受力如图甲: 设0久绳与竖直方向的夹角为©则由平衡条件得：沁二以/球为研究对象，受力如图乙，设知8绳与竖賣方向的夹角为禺则由平衡条件得：哪=需由几何关系得到：③ 联立①②③解得：曲=4形2、A. 〃两个物体在同一条直线上做直线运动，它们的日■门勾像如图所示，规定水平 向右为正方向。
己知在方=0时，两物体的速度均为零，且/在〃的左边1. 75 m 处，则/追上〃的时间是（）图 B. F\=3F2D.F\ = (b)答案BC4、图甲所示的“轨道康复者”航天器可在太空中给“垃圾”卫星补充能源，延长卫星a t/(nvs 2)I 1—1 1—1 ■ 1 a 1 1 a I a 1 I「2 !3 !4 広A. t = 0. 5 sB. Z = l ・ 5 sC. t=2. 5 sD. f=3. 5 s解析：选D 很显然，在前2 s 内两个物体运动规律是一样的，不可能追上，故A 、B 错误; 在t=2. 5 s 时,A 的位移是1. 125 m, 〃的位移是0. 875 m,两位移之差为0. 25 m,小于1. 75m,故C 错误；Z=3. 5 s 时，/的位移是1.875 m, 〃的位移是0. 125 in,两位移之差等于1. 75 m,故D正确。
3、如图6所示，在纸面内半径为斤的圆形区域中充满了垂直于纸血向里、磁感应强度为〃的匀强磁场。
一带电粒子从图屮力点以速度內垂直磁场射入，速度方向与半径方向的 夹角为30。
2019高考物理一轮复习选训九月第一周习题(含解析)新人教版
哈哈哈哈哈哈哈哈你好人教物理 2019 高考一轮选训：九月第一周习题（2）李仕才一、选择题1、如图甲所示，质量为m＝1 kg、带电荷量为q＝2×10－3 C 的小物块静置于绝缘水平面上， A 点左边上方存在方向水平向右的匀强电场，小物块运动的v－t 图象如图乙所示，取 g＝10 m/s2，则以下说法正确的选项是()图4A．小物块在0～ 3 s 内的均匀速度为 3 m/sB．小物块与水平面间的动摩擦因数为0.4C．匀强电场的电场强度为 3 000 N/CD．物块运动过程中电势能减少了12 J答案CD2、如图 4 所示，小球A、B穿在一根圆滑固定的细杆上，一条越过定滑轮的细绳两头连接两小球，杆与水平面成θ角，小球可看做质点且不计全部摩擦. 当两球静止时，OA绳与杆的夹角为θ ，绳OB沿竖直方向，则以下说法正确的选项是()图 4A. 小球A遇到 2 个力的作用B. 小球A遇到 3 个力的作用电视播放动画动画C. 杆对 B 球的弹力方向垂直杆斜向上D. 绳索对 A 的拉力大于对 B 的拉力答案B3、如图 3，左边为加快电场，右边为偏转电场，加快电场的加快电压是偏转电场电压的 k 倍。
有一初速度为零的电荷经加快电场加快后，从偏转电场两板正中间垂直电场方向射l入，且正好能从极板下面缘穿出电场，不计电荷的重力， 则偏转电场长宽之比d 的值为 ()图 3A. kB. 2kC. 3kD. 5k12分析 设加快电压为 U 1，偏转电压为 U 2，由于 qU 1＝ 2mv 0，电荷走开加快电场时的速度＝2qU ；在偏转电场中d ＝ 1qU 2，解得＝m，水平距离＝ 0 ＝ 2qU·m121vm2 2 mdtt dqU 2l v tmdqU 2＝d2U 12k ，因此 l＝ 2k 。
＝ddU2答案 B4、 ( 多项选择 ) “木星冲日”是指木星和太阳正好分处地球的双侧，三者成一条直线．木星和地球绕太阳公转的方向同样，公转轨迹都近似为圆．设木星公转半径为R 1，周期为 T 1；地球公转半径为 R ，周期为 T ，以下说法正确的选项是 ()22T 1 R 12A. T 2＝( R 2) 3T 1 R 13B.T2＝(R 2) 2C ．“木星冲日”这天象的发生周期为2T 1T 2T 1－ T 2T 1T 2 D ．“木星冲日”这天象的发生周期为T 1 －T 2【答案】 BD33T 13R 1 3【分析】由开普勒第三定律得R 1R 2R 1＝，解得：＝＝ ()，故 A 错误， B 正确；当再次22T 23R 2 2T 1 T 2 R 2电视播放动画动画2πt －2πt ＝2π，解得：发生“木星冲日”时，地球与木星二者转过的角度相差2π，因此T2 T1 T1T2t ＝，故 C错误， D正确．T － T1 25、一物体在粗拙的水平面上遇到水平拉力作用，在一段时间内的速度随时间变化状况如图 3 所示。
2019高考人教物理九月选练(1)及答案
2019高考人教物理九月选练（1）及答案1．(2019·泰州月考)小张同学想研究一遥控电动车的运动情况，他找来一个塑料瓶，设计了一个如图甲所示的装置，瓶内装上墨水，通过调节开关使墨水缓慢滴下，然后将这个装置固定在车的尾部，如图乙所示．使车从静止开始在足够大的水平地面上沿直线前进，然后他在离出发点不远处，选择墨水滴间距离较大处的一个点为起点，用卷尺依次测量这个点后面的10个点到这个点的距离，并记录在下面的表格中．(2)通过表中数据，你认为小车在所记录的这段时间内的运动情况是________________________________________________________________________．(3)要测量小车做匀速运动时的速度，小张同学还需要知道的物理量是____________，他还需要的测量工具是________，测量方法是________________________________________________________________________________________________________________________________________________.解析：(1)小张制作的装置相当于打点计时器．(2)相邻两点间的距离如表所示．明开始时小车先做加速运动，后做匀速运动．再进一步分析做加速运动时加速度的变化，相邻两点间距离的差值如表所示．车先做加速度减小的加速运动，后做匀速运动．(3)要测量小车做匀速运动时的速度，还必须知道相邻两墨水滴滴下的时间间隔T，要测量时间间隔需要用秒表．测量方法是从某滴开始下落时开始计时，并计数为1，数到第n滴开始下落时停止计时，则时间间隔T＝tn－1，注意n不可太小，一般取30滴以上．答案：(1)打点计时器(2)先做加速度变小的加速运动，后做匀速运动(3)相邻两墨水滴滴下的时间间隔T秒表从某滴开始下落时开始计时，并计数为1，数到第n滴开始下落时停止计时，则时间间隔T＝tn－12.(2019·扬州高三考试)如图所示的实验装置可以验证牛顿运动定律，小车上固定一个盒子，盒子内盛有沙子．沙桶的总质量(包括桶以及桶内沙子质量)记为m，小车的总质量(包括车、盒子及盒内沙子质量)记为M.(1)验证在质量不变的情况下，加速度与合外力成正比：从盒子中取出一些沙子，装入沙桶中，称量并记录沙桶的总重力mg，将该力视为合外力F，对应的加速度a则从打下的纸带中计算得出．多次改变合外力F的大小，每次都会得到一个相应的加速度．本次实验中，桶内的沙子取自小车中，故系统的总质量不变．以合外力F为横轴，以加速度a为纵轴，画出a－F图象，图象是一条过原点的直线．①a－F图象斜率的物理意义是____________________．②你认为把沙桶的总重力mg当作合外力F是否合理？答：________(选填“合理”或“不合理”)；③本次实验中，是否应该满足M≫m这样的条件？答：________(选填“是”或“否”)；理由是___________________________________．(2)验证在合外力不变的情况下，加速度与质量成反比：保持桶内沙子质量m不变，在盒子内添加或去掉一些沙子，验证加速度与质量的关系．本次实验中，桶内的沙子总质量不变，故系统所受的合外力不变．用图象法处理数据时，以加速度a为纵轴，应该以________的倒数为横轴．解析：(1)①将车内的沙子转移到桶中，就保证了M＋m不变，即系统的总质量不变，研究对象是整个系统，a＝FM＋m ＝mgM＋m，可见a－F图象斜率的物理意义是1M＋m，即系统的总质量倒数(小车、盒子及盒内沙子、悬挂的桶以及桶内沙子质量之和的倒数)；②把沙桶的总重力，当作合外力F是合理的；③因为实验的研究对象是整个系统，系统受到的合外力就等于mg，所以不需要满足悬挂的沙桶总质量一定要远远小于小车(包括盛沙的盒及盒内的沙子)的总质量．(2)向小车内添加或去掉部分沙子，是改变系统的总质量M＋m，而系统的合外力仍等于所悬挂沙桶的重力mg，保证了合外力不变．所以用图象法处理数据时，以加速度a为纵轴，应该以M＋m倒数为横轴，即小车质量、盒子及盒内沙子与悬挂的沙桶(包括桶与桶内的沙)质量之和．答案：(1)①1M＋m②合理③否因为实验的研究对象是整个系统，系统受到的合外力就等于mg (2)M ＋m3．(2019·无锡摸底)某同学安装如图甲所示的实验装置验证机械能守恒定律．(1)此实验中，应当是让重物做__________运动，________(填“需要”或“不需要”)测出重物的质量．(2)打点计时器所用交流电的频率为50 Hz ，该同学选取如图乙所示的一段纸带，对BD 段进行研究．求得B 点对应的速度v B ＝________m/s(保留两位有效数字)，若再求得D 点对应的速度为v D ，测出重物下落的高度为h BD ，则还应计算________与______大小是否相等(填字母表达式)．(3)但该同学在上述实验过程中存在明显的问题．安装实验装置时存在的问题是________________________________________________________________________； 研究纸带时存在的问题是______________________________________________， 实验误差可能较大．解析：(1)由实验原理知，应让重物在松开手后做自由落体运动；根据机械能守恒，mg Δh ＝12m (v 22－v 21)，整理后，得g Δh ＝12(v 22－v 21)，所以不需要测量质量． (2)B 点速度等于 AC 段的平均速度，v B ＝AC 2T ≈0.19 m/s ；根据实验原理知，还应计算12(v 2D －v 2B )与gh BD ，看两者大小是否相等．(3)重物距离桌面太近，会落到桌面上；B 、D 时间间隔太短，实验误差较大．答案：(1)自由落体 不需要 (2)0.19 12(v 2D －v 2B ) gh BD (3)重物会落在桌面上(或“纸带打点过短”等与此类似的答案) B 、D 两点时间间隔过短4．图甲是小红同学在做“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验的实物连接图． 甲 乙(1)根据图甲画出实验电路图；电流表量程为0．6 A ，电压表量程为3 V ．所示读数为：①________、②________、③________、④________．两组数据得到的电阻分别为________和________．解析：(1)实验电路图如图所示．(2)电流表量程为0．6 A ，每一小格代表0．02 A ，读数时估读到精度的本位即可；电压表量程为3 V ，每一小格代表0．1 V ，读数时估读到精度的下一位．读数分别为：①0．10 A 、②0．24 A 、③2．00 V 、④0．27 V ．应用R ＝UI 求电阻时，电流为0．10 A 时对应的电压为0．27 V ；电流为0．24 A 时对应的电压为2．00 V ，求得的两组数据对应的电阻分别为2．7 Ω和8．3 Ω．答案： (1)如解析图所示(2)0．10 A 0．24 A 2．00 V 0．27 V2．7(±0．1) Ω 8．3(±0．1) Ω[如填为8．3(±0．1) Ω 2．7(±0．1) Ω也行]5．(2019·南京、盐城、连云港三市高三模拟)有一只量程为0～3 V 的电压表，内阻约为5～8 k Ω，某同学要精确地测量该电压表的内阻，设计的测量电路如图甲所示，其中R 2为最大电阻9 999 Ω的电阻箱，R 1为滑动变阻器，电源电动势为4．5 V ，内阻很小．实验步骤如下：①按电路图连接电路； ②闭合S 2；③将滑动变阻器滑片调至最左端； ④闭合S 1；⑤调节滑动变阻器，使电压表满偏；⑥再打开S 2，调节电阻箱，调至电压表半偏，并记下电阻箱的读数，并认为此时电阻箱的电阻为该电压表的内阻．(1)乙图电阻箱的读数为________k Ω．(2)实验室中有两个滑动变阻器：a ．最大阻值为20 Ω，额定电流为1 A ；b ．最大阻值为10 k Ω，额定电流为20 mA ．为了能精确测量电压表内阻，实验中应选择________滑动变阻器(选填变阻器前的字母代号)．(3)实验中S 2从闭合到断开(断开S 2之前，电阻箱置于9 999 Ω)，断开后A 、B 两点的电压U AB ________(选填“>”“<”或“＝”)3 V ．(4)实验中由于电路设计所存在的实验误差(系统误差)，导致测量值________(选填“>”“<”或“＝”)真实值．解析：(1)乙图电阻箱的读数为7×1 000 Ω＋5×100 Ω＝7 500 Ω＝7．5 k Ω．(2)由于实验采用滑动变阻器分压接法，滑动变阻器采用最大阻值为20 Ω，额定电流为1 A 的a ．(3)实验中S 2从闭合到断开，断开后A 、B 两点的电阻增大，所以A 、B 两点的电压U AB >3V．(4)实验中由于电路设计所存在的实验误差(系统误差)，S2从闭合到断开，再调至电压表半偏，电阻箱两端电压将大于1．5 V，电阻箱阻值大于电压表内阻，所以测量值大于真实值．答案：(1)7．5(2)a(3)>(4)>。
2019届高三物理9月联考试题(新版)人教版
亲爱的同学：这份试卷将再次记录你的自信、沉着、智慧和收获，我们一直投给你信任的目光……2019高三联考物理试题考试时间：90分钟满分：100分一、选择题（1—7为单选，8—11为多选。
每题4分，共44分）1. 冰面对溜冰运动员的最大静摩擦力为运动员重力的k倍，在水平冰面上沿半径为R的圆周滑行的运动员，其安全速度的最大值应为（）A、v=kB、C、2D、2、质量为60kg的建筑工人，不慎从高空跌下，由于弹性安全带的保护，使他悬挂起来；已知弹性安全带的缓冲时间是1.2s，安全带长5m，不计空气阻力影响，取g=10m/s2，则安全带所受的平均冲力的大小为( )A、100NB、500NC、600ND、1100N3、直角坐标系xoy中，A、B两点位于x轴上，坐标如图所示，C、D位于y轴上。
C、D两点各固定一等量正点电荷，另一电量为Q的负点电荷置于O点时，B点处的电场强度恰好为零。
若将该负点电荷移到A点，则B点处场强的大小和方向分别为（静电力常量为k）( )A、,沿x轴正方向B、、,沿x轴负方向C、, 沿x轴负方向D、, 沿x轴正方向4.如图所示，一个“V”型槽的左侧挡板A竖直、右侧挡板B为斜面，槽内嵌有一个质量为m的光滑球C，“V”型槽在水平面上由静止开始向右做加速度不断减小的直线运动的一小段时间内，设挡板A、B对球的弹力分别为F1、F2，下列说法正确的是（）A、F1、F2都逐渐增大 B 、F1、F2都逐渐减小C、F1逐渐减小，F2逐渐增大D、 F1、F2的合力逐渐减小5.一带电荷量为0.01C、质量为0.1kg的小球从高0.8m处水平抛出，落到水平地面时的水平位移为0.4m。
若在空间内加一竖直向上的匀强电场后，该小球从同一位置以相同初速度水平抛出，落地时的水平位移为0.8m，不计空气阻力，取g=10m/s2,则下列说法正确的是（）A、小球带负电B、加上电场后小球下落过程中处于超重状态C、电场强度的大小为75V/mD、加上电场后小球下落的时间为0.4s6、在光滑水平面上有两个弹性相同的小球A、B，质量都为m。
2019高考人教物理九月选练(5)及答案
2019高考人教物理九月选练（5）及答案1．某同学在“探究弹力和弹簧伸长的关系”的实验中，测得图中弹簧OC的劲度系数为500 N/m.如图1所示，用弹簧OC和弹簧秤a、b做“探究求合力的方法”实验．在保持弹簧伸长1.00 cm不变的条件下：(1)若弹簧秤a、b间夹角为90°，弹簧秤a的读数是________N(图2中所示)，则弹簧秤b 的读数可能为________N.(2)若弹簧秤a、b间夹角大于90°，保持弹簧秤a与弹簧OC的夹角不变，减小弹簧秤b与弹簧OC的夹角，则弹簧秤a的读数________、弹簧秤b的读数________(填“变大”“变小”或“不变”)．解析：(1)弹簧秤a的读数是3.00 N；弹簧OC的拉力F＝kx＝500×1.00×10－2N＝5.00 N，则弹簧秤b的读数可能为 5.002－3.002N＝4.00 N.(2)若弹簧秤a、b间夹角大于90°，保持弹簧秤a与弹簧OC的夹角不变，减小弹簧秤b与弹簧OC的夹角，由力的平行四边形定则和力的图示可知，弹簧秤a的读数变大，弹簧秤b 的读数变大．答案：(1)3.00(3.00～3.02) 4.00(3.90～4.10)(2)变大变大2．某物理小组对轻弹簧的弹性势能进行探究，实验装置如图甲所示：轻弹簧放置在光滑水平桌面上，弹簧左端固定，右端与一物块接触而不连接，纸带穿过打点计时器并与物块连接．向左推物块使弹簧压缩一段距离，由静止释放物块，通过测量和计算，可求得弹簧被压缩后的弹性势能．(1)实验中涉及下列操作步骤：①把纸带向左拉直②松手释放物块③接通打点计时器电源④向左推物块使弹簧压缩，并测量弹簧压缩量上述步骤正确的操作顺序是______________(填入代表步骤的序号)．(2)图乙中M和L纸带是分别把弹簧压缩到不同位置后所得到的实际打点结果．打点计时器所用交流电的频率为50 Hz.由M纸带所给的数据，可求出在该纸带对应的实验中物块脱离弹簧时的速度为________m/s.比较两纸带可知，________(填“M”或“L”)纸带对应的实验中弹簧被压缩后的弹性势能大．解析：(1)实验中应先向左推物块使弹簧压缩，测量弹簧的压缩量，然后把纸带向左拉直，再接通打点计时器电源，等打点稳定后，再松手释放物块，使其向右滑动，因此步骤为④①③②.(2)由于物块离开弹簧时的速度最大，因此M 纸带对应的实验中物块脱离弹簧时的速度为v＝2.58×10－2m 0.02 s＝1.29 m/s.由于弹簧压缩量越大，弹性势能越大，因此推开物块后，弹簧弹性势能转化成物块的动能越多，物块离开弹簧后获得的速度越大，打的点间距越大，因此M 纸带对应的实验中弹簧被压缩后的弹性势能大．答案：(1)④①③② (2)1.29 M3．电压表满偏时通过该表的电流是半偏时通过该表电流的两倍．某同学利用这一事实测量电压表的内阻(半偏法)，实验室提供的器材如下：待测电压表V(量程3 V ，内阻约为3 000 Ω)，电阻箱R 0(最大阻值为99 999．9 Ω)，滑动变阻器R 1(最大阻值100 Ω，额定电流2 A)，电源E (电动势6 V ，内阻不计)，开关两个，导线若干．(1)虚线框内为该同学设计的测量电压表内阻的电路图的一部分，将电路图补充完整．(2)根据设计的电路，写出实验步骤：______________________________________ ________________________________________________________________________ ________________________________________________________________________．(3)将这种方法测出的电压表内阻记为R ′V ，与电压表内阻的真实值R V 相比，R ′V ________R V (填“>”“＝”或“<”)，主要理由是___________________________________．解析：(1)因滑动变阻器阻值较小，所以选择滑动变阻器的分压接法．实验电路图如图所示．(2)移动滑动变阻器的滑片，以保证通电后电压表所在支路分压最小；闭合开关S 1、S 2，调节R 1，使电压表的指针满偏；保持滑动变阻器滑片的位置不变，断开S 2，调节电阻箱R 0，使电压表的指针半偏；读取电阻箱所示的电阻值，此即为测得的电压表内阻．(3)断开S 2，调节电阻箱使电压表成半偏状态，电压表所在支路总电阻增大，分得的电压也增大；此时R 0两端的电压大于电压表的半偏电压，故R ′V ＞R V (其他合理说法也可以)．答案：见解析4．(2019·江苏六校联考)用下列器材组装成一个电路，既能测量出电池组的电动势E 和内阻r ，又能同时描绘小灯泡的伏安特性曲线．A ．电压表V 1(量程0～6 V 、内阻很大)B ．电压表V 2(量程0～4 V 、内阻很大)C ．电流表A(量程0～3 A 、内阻很小)D ．滑动变阻器R (最大阻值10 Ω、额定电流4 A)E ．小灯泡(2 A 、5 W)F ．电池组(电动势E 、内阻r )G ．开关一只，导线若干实验时，调节滑动变阻器的阻值，多次测量后发现：若电压表V 1的示数增大，而电压表V 2的示数减小．(1)请将设计的实验电路图在图甲中补充完整．(2)每一次操作后，同时记录电流表A 、电压表V 1和电压表V 2的示数，组成两个坐标点(I ，U 1)、(I ，U 2)，标到U －I 坐标系中，经过多次测量，最后描绘出两条图线，如图乙所示，则电池组的电动势E ＝________V ，内阻r ＝______Ω．(结果保留两位有效数字)(3)在U －I 坐标中两条图线在P 点相交，此时滑动变阻器连入电路的阻值应为______Ω，电池组的效率为________．解析：(1)电路图如答案图所示．(2)由图乙可知，电池组的电动势E ＝4．5 V ，内阻r ＝1．0 Ω．(3)在U －I 坐标中两条图线在P 点相交，两个电压表读数相等，说明此时滑动变阻器连入电路的阻值应为0，U 1＝U 2＝2．5 V ，电池组的效率为η＝U E ×100%＝2.54.5×100%＝55．56%． 答案：(1)设计的实验电路图如图(2)4．5 1．0 (3)0 55．56%5．利用气垫导轨通过闪光照相进行“探究碰撞中的不变量”这一实验．(1)实验要求研究两滑块碰撞时动能损失很小和很大等各种情况，若要求碰撞时动能损失最大应选图中的________(填“甲”或“乙”)，若要求碰撞动能损失最小则应选下图中的________(填“甲”或“乙”)．(甲图两滑块分别装有弹性圈，乙图两滑块分别装有撞针和橡皮泥)(2)某次实验时碰撞前B 滑块静止，A 滑块匀速向B 滑块运动并发生碰撞，利用闪光照相的方法连续4次拍摄得到的闪光照片如图所示．已知相邻两次闪光的时间间隔为T ，在这4次闪光的过程中，A 、B 两滑块均在0～80 cm 范围内，且第1次闪光时，滑块A 恰好位于x ＝10 cm 处．若A 、B 两滑块的碰撞时间及闪光持续的时间极短，均可忽略不计，则可知碰撞发生在第1次闪光后的________时刻，A 、B 两滑块质量比m A ∶m B ＝________．解析：(1)若要求碰撞时动能损失最大，则需两滑块碰撞后结合在一起，故应选图中的乙；若要求碰撞时动能损失最小，则应使两滑块发生弹性碰撞，即选图中的甲．(2)由图可知，第1次闪光时，滑块A 恰好位于x ＝10 cm 处，第二次A 在x ＝30 cm 处，第三次A 在x ＝50 cm 处，碰撞在x ＝60 cm 处．从第三次闪光到碰撞的时间为T 2，则可知碰撞发生在第1次闪光后的2．5T时刻．设碰前A的速度为v，则碰后A的速度为v2，B的速度为v，根据动量守恒定律可得m A v＝－m A·v2＋m B·v，解得m Am B＝23．答案：(1)乙甲(2)2．5T2∶3。
2019高考物理九月选练(1)(含解析)新人教版
2019高考人教物理九月选练（1）李仕才1．(2018·泰州月考)小张同学想研究一遥控电动车的运动情况，他找来一个塑料瓶，设计了一个如图甲所示的装置，瓶内装上墨水，通过调节开关使墨水缓慢滴下，然后将这个装置固定在车的尾部，如图乙所示．使车从静止开始在足够大的水平地面上沿直线前进，然后他在离出发点不远处，选择墨水滴间距离较大处的一个点为起点，用卷尺依次测量这个点后面的10个点到这个点的距离，并记录在下面的表格中．(2)通过表中数据，你认为小车在所记录的这段时间内的运动情况是________________________________________________________________________．(3)要测量小车做匀速运动时的速度，小张同学还需要知道的物理量是____________，他还需要的测量工具是________，测量方法是________________________________________________________________________________________________________________________________________________.解析：(1)小张制作的装置相当于打点计时器．(2)相邻两点间的距离如表所示．明开始时小车先做加速运动，后做匀速运动．再进一步分析做加速运动时加速度的变化，相邻两点间距离的差值如表所示．可以看出，刚开始时相邻两点间距离差在逐渐变小，说明小车的加速度在逐渐减小，所以小车先做加速度减小的加速运动，后做匀速运动．(3)要测量小车做匀速运动时的速度，还必须知道相邻两墨水滴滴下的时间间隔T ，要测量时间间隔需要用秒表．测量方法是从某滴开始下落时开始计时，并计数为1，数到第n 滴开始下落时停止计时，则时间间隔T ＝tn －1，注意n 不可太小，一般取30滴以上．答案：(1)打点计时器(2)先做加速度变小的加速运动，后做匀速运动(3)相邻两墨水滴滴下的时间间隔T 秒表 从某滴开始下落时开始计时，并计数为1，数到第n 滴开始下落时停止计时，则时间间隔T ＝tn －12.(2018·扬州高三考试)如图所示的实验装置可以验证牛顿运动定律，小车上固定一个盒子，盒子内盛有沙子．沙桶的总质量(包括桶以及桶内沙子质量)记为m ，小车的总质量(包括车、盒子及盒内沙子质量)记为M .(1)验证在质量不变的情况下，加速度与合外力成正比：从盒子中取出一些沙子，装入沙桶中，称量并记录沙桶的总重力mg ，将该力视为合外力F ，对应的加速度a 则从打下的纸带中计算得出．多次改变合外力F 的大小，每次都会得到一个相应的加速度．本次实验中，桶内的沙子取自小车中，故系统的总质量不变．以合外力F 为横轴，以加速度a 为纵轴，画出a －F 图象，图象是一条过原点的直线．①a －F 图象斜率的物理意义是____________________． ②你认为把沙桶的总重力mg 当作合外力F 是否合理？ 答：________(选填“合理”或“不合理”)； ③本次实验中，是否应该满足M ≫m 这样的条件？答：________(选填“是”或“否”)；理由是___________________________________． (2)验证在合外力不变的情况下，加速度与质量成反比：保持桶内沙子质量m 不变，在盒子内添加或去掉一些沙子，验证加速度与质量的关系．本次实验中，桶内的沙子总质量不变，故系统所受的合外力不变．用图象法处理数据时，以加速度a 为纵轴，应该以________的倒数为横轴．解析：(1)①将车内的沙子转移到桶中，就保证了M ＋m 不变，即系统的总质量不变，研究对象是整个系统，a ＝FM ＋m ＝mg M ＋m ，可见a －F 图象斜率的物理意义是1M ＋m，即系统的总质量倒数(小车、盒子及盒内沙子、悬挂的桶以及桶内沙子质量之和的倒数)；②把沙桶的总重力，当作合外力F 是合理的；③因为实验的研究对象是整个系统，系统受到的合外力就等于mg ，所以不需要满足悬挂的沙桶总质量一定要远远小于小车(包括盛沙的盒及盒内的沙子)的总质量．(2)向小车内添加或去掉部分沙子，是改变系统的总质量M ＋m ，而系统的合外力仍等于所悬挂沙桶的重力mg ，保证了合外力不变．所以用图象法处理数据时，以加速度a 为纵轴，应该以M ＋m 倒数为横轴，即小车质量、盒子及盒内沙子与悬挂的沙桶(包括桶与桶内的沙)质量之和． 答案：(1)①1M ＋m②合理 ③否 因为实验的研究对象是整个系统，系统受到的合外力就等于mg (2)M ＋m3．(2018·无锡摸底)某同学安装如图甲所示的实验装置验证机械能守恒定律．(1)此实验中，应当是让重物做__________运动，________(填“需要”或“不需要”)测出重物的质量．(2)打点计时器所用交流电的频率为50 Hz ，该同学选取如图乙所示的一段纸带，对BD 段进行研究．求得B 点对应的速度v B ＝________m/s(保留两位有效数字)，若再求得D 点对应的速度为v D ，测出重物下落的高度为h BD ，则还应计算________与______大小是否相等(填字母表达式)．(3)但该同学在上述实验过程中存在明显的问题．安装实验装置时存在的问题是________________________________________________________________________； 研究纸带时存在的问题是______________________________________________， 实验误差可能较大．解析：(1)由实验原理知，应让重物在松开手后做自由落体运动；根据机械能守恒，mg Δh ＝12m (v 22－v 21)，整理后，得g Δh ＝12(v 22－v 21)，所以不需要测量质量． (2)B 点速度等于 AC 段的平均速度，v B ＝AC 2T ≈0.19 m/s ；根据实验原理知，还应计算12(v 2D －v 2B )与gh BD ，看两者大小是否相等．(3)重物距离桌面太近，会落到桌面上；B 、D 时间间隔太短，实验误差较大．答案：(1)自由落体 不需要 (2)0.19 12(v 2D －v 2B ) gh BD (3)重物会落在桌面上(或“纸带打点过短”等与此类似的答案) B 、D 两点时间间隔过短4．图甲是小红同学在做“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验的实物连接图．甲乙(1)根据图甲画出实验电路图；电流表量程为0．6 A ，电压表量程为3 V ．所示读数为：①________、②________、③________、④________．两组数据得到的电阻分别为________和________．解析：(1)实验电路图如图所示．(2)电流表量程为0．6 A ，每一小格代表0．02 A ，读数时估读到精度的本位即可；电压表量程为3 V ，每一小格代表0．1 V ，读数时估读到精度的下一位．读数分别为：①0．10 A 、②0．24 A 、③2．00 V 、④0．27 V ．应用R ＝UI求电阻时，电流为0．10 A 时对应的电压为0．27 V；电流为0．24 A时对应的电压为2．00 V，求得的两组数据对应的电阻分别为2．7 Ω和8．3 Ω．答案： (1)如解析图所示(2)0．10 A 0．24 A 2．00 V 0．27 V2．7(±0．1) Ω8．3(±0．1) Ω[如填为8．3(±0．1) Ω2．7(±0．1) Ω也行]5．(2018·南京、盐城、连云港三市高三模拟)有一只量程为0～3 V的电压表，内阻约为5～8 kΩ，某同学要精确地测量该电压表的内阻，设计的测量电路如图甲所示，其中R2为最大电阻9 999 Ω的电阻箱，R1为滑动变阻器，电源电动势为4．5 V，内阻很小．实验步骤如下：①按电路图连接电路；②闭合S2；③将滑动变阻器滑片调至最左端；④闭合S1；⑤调节滑动变阻器，使电压表满偏；⑥再打开S2，调节电阻箱，调至电压表半偏，并记下电阻箱的读数，并认为此时电阻箱的电阻为该电压表的内阻．(1)乙图电阻箱的读数为________kΩ．(2)实验室中有两个滑动变阻器：a．最大阻值为20 Ω，额定电流为1 A；b．最大阻值为10 kΩ，额定电流为20 mA．为了能精确测量电压表内阻，实验中应选择________滑动变阻器(选填变阻器前的字母代号)．(3)实验中S2从闭合到断开(断开S2之前，电阻箱置于9 999 Ω)，断开后A、B两点的电压U AB________(选填“>”“<”或“＝”)3 V．(4)实验中由于电路设计所存在的实验误差(系统误差)，导致测量值________(选填“>”“<”或“＝”)真实值．解析：(1)乙图电阻箱的读数为7×1 000 Ω＋5×100 Ω＝7 500 Ω＝7．5 kΩ．(2)由于实验采用滑动变阻器分压接法，滑动变阻器采用最大阻值为20 Ω，额定电流为1 A的a．(3)实验中S2从闭合到断开，断开后A、B两点的电阻增大，所以A、B两点的电压U AB>3V．(4)实验中由于电路设计所存在的实验误差(系统误差)，S2从闭合到断开，再调至电压表半偏，电阻箱两端电压将大于1．5 V，电阻箱阻值大于电压表内阻，所以测量值大于真实值．答案：(1)7．5 (2)a (3)> (4)>。
2019高考物理九月选练(3)(含解析)新人教版
2019高考物理九月选练（3）李仕才1．某探究小组为了研究小车在桌面上的直线运动，用自制“滴水计时器”计量时间．实验前，将该计时器固定在小车旁，如图(a)所示．实验时，保持桌面水平，用手轻推一下小车．在小车运动过程中，滴水计时器等时间间隔地滴下小水滴，图(b)记录了桌面上连续的6个水滴的位置．(已知滴水计时器每30 s 内共滴下46个小水滴)(1)由图(b)可知，小车在桌面上是____________(填“从右向左”或“从左向右”)运动的．(2)该小组同学根据图(b)的数据判断出小车做匀变速运动．小车运动到图(b)中A 点位置时的速度大小为________m/s ，加速度大小为________m/s 2.(结果均保留2位有效数字) 解析：(1)由于小车在水平桌面上运动时必然受到阻力作用，做匀减速直线运动，相邻水滴(时间间隔相同)的位置间的距离逐渐减小，所以由题图(b)可知，小车在桌面上是从右向左运动的．(2)滴水计时器每30 s 内共滴下46个小水滴，其滴水的时间间隔为T ＝30 s 46－1＝23s ．根据匀变速直线运动的规律，可得小车运动到题图(b)中A 点位置时的速度大小为v A ＝0.117＋0.1332T(m/s)≈0.19 m/s.由Δx ＝aT 2和逐差法可得，小车运动的加速度大小为a ＝（0.150－0.117）＋（0.133－0.100）4T 2(m/s 2)≈0.037 m/s 2. 答案：(1)从右向左 (2)0.19 0.0372．在探究加速度与物体所受合外力和质量间的关系时，采用如图所示的实验装置，小车及车中的砝码质量用M 表示，盘及盘中的砝码质量用m 表示，小车的加速度可由小车后拖动的纸带上由打点计时器打出的点计算出：(1)当M 与m 的大小关系满足__________时，才可以认为细线对小车的拉力大小等于盘和盘中砝码的重力．(2)一组同学在保持盘及盘中的砝码质量一定的情况下，探究加速度与小车质量的关系，以下做法正确的是________．A ．平衡摩擦力时，应将盘及盘中的砝码用细线绕过定滑轮系在小车上B ．每次改变小车的质量时，不需要重新平衡摩擦力C ．实验时，先放开小车，再接通打点计时器电源D ．小车运动的加速度可用天平测出m 和M ，直接用公式a ＝mg M求出(3)在保持小车及车中的砝码质量M 一定，探究加速度与所受合外力的关系时，由于平衡摩擦力时操作不当，两位同学得到的a －F 关系分别如图中甲、乙所示(a 是小车的加速度，F 是细线作用于小车的拉力)．其原因分别是：甲图：________________________________________________________________________； 乙图：________________________________________________________________________. 解析：(1)对盘及盘中砝码：mg －F ＝ma ；对小车：F ＝Ma ，联立可得：a ＝mg m ＋M ，F ＝MM ＋m mg ，只有当m ≪M 时，才可认为F ≈mg .(2)平衡摩擦力时，先去掉盘、盘中砝码和细线，只让小车在重力沿斜面方向的分力作用下向左运动，当小车能匀速运动时，重力沿斜面方向的分力和摩擦力平衡，A 不正确；调好后，当再次改变小车质量时，无需再平衡摩擦力，B 正确；实验时，要先接通打点计时器的电源，使打点计时器正常工作，再释放小车，C 不正确；小车的加速度是通过处理纸带确定的，D 不正确．(3)由甲图可看出F ＝0时，a ≠0，说明木板的倾角过大，重力沿斜面方向的分力大于摩擦力．由乙图可看出，只有当F 达到一定值时，才会有加速度，说明平衡摩擦力不足或未平衡摩擦力．答案：(1)m ≪M (2)B (3)木板的倾角过大 没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足3．(2018·南京高三模拟考试)据报道，我国的第三艘航空母舰正在建造之中，其舰载机将采用弹射起飞方式．为了研究弹射器做功对飞机起飞速度的影响，某研究性学习小组用气垫导轨、光电门等器材做了如下实验：①用橡皮筋模拟弹射器，由于橡皮筋做的功不易测量，他们运用了一种叫做“倍分法”的思想：使用同种规格的橡皮筋，先后用一根、两根、三根…去弹射滑块，每次都将橡皮筋拉伸到同一位置释放，这样橡皮筋对滑块做的功分别是W 0、2W 0、3W 0、…；②如图所示，测量出滑块弹射后遮光片通过光电门1的时间分别为t 1、t 2、t 3、…；③利用以上数据作出图象，确定橡皮筋做功对滑块弹射后的速度具体有什么影响． 请回答下列问题：(1)实验前需要调节气垫导轨水平：打开气源之后，给滑块一个初速度，使之向左运动，发现遮光片通过光电门1的时间小于通过光电门2的时间，为使气垫导轨水平，应将气垫导轨________(选填“左”或“右”)端升高适当的高度．(2)采取图象法探究物理量间的规律时，需要选择合适的坐标系以得到直线图象．为了得到直线图象，以弹力做的功W 为纵坐标，以________(选填“t 2”“t ”“t －1”或“t －2”)为横坐标(t 为遮光片通过光电门1的时间)．(3)实验发现，总是很难得到比较标准的直线，研究小组分析了四种误差原因，其中属于系统误差的是________．A ．使用不同根数的橡皮筋弹射，不同速度下空气的阻力是不同的B ．使用不同根数的橡皮筋实验时，未能将橡皮筋拉至同一位置释放C ．实验所用的橡皮筋没有做到规格真正相同，劲度系数略有差异D ．描点作图时，由于标错了标度，把所有的点描在了错误的位置(4)“倍分法”是一种很有用的实验设计思想，下列科学研究中，科学家使用“倍分法”思想来帮助研究的是________．A ．伽利略研究力与运动的关系B ．开普勒研究行星绕太阳运动轨道的半长轴与周期的关系C ．库仑研究点电荷间相互作用力的规律D ．奥斯特研究电流的磁效应解析：(1)遮光片通过光电门1的时间小于通过光电门2的时间，说明滑块在减速，故应将气垫导轨“右”端升高适当高度，使气垫导轨水平． (2)设遮光片的宽度为b ，则遮光片通过光电门的速度v ＝b t ，根据W ＝12mv 2可知，需要验证W 与t －2的关系．(3)选项B 、D 属于操作错误，A 、C 属于系统误差，选项A 、C 正确．(4)伽利略研究力与运动的关系应用了理想实验法，开普勒研究行星绕太阳运动轨道的半长轴与周期的关系、奥斯特研究电流的磁效应都利用了观测法，库仑研究点电荷相互作用力的规律时利用了“倍分法”，选项C 正确．答案：(1)右 (2)t －2(3)AC (4)C4．(2018·常州模拟)小明做“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验，已知小灯泡标称值是“2．5 V ，0．3 A ”，不考虑电压表分流引起的误差，请完成如下小题：(1)为初步了解小灯泡的电阻值，小明使用多用电表的欧姆挡按正确测量步骤进行测量，根据图甲所示，小灯泡阻值为________Ω．(2)为进一步探究小灯泡伏安特性，小明连接了如图乙所示实物图，请在图中补上一根导线，使实验能够正常进行．(3)按要求操作得到数据如表所示，第7组中电压表示数如图丙所示，则U＝________V；判断U＝0、I＝0时的小灯泡电阻值为________Ω，试分析此电阻值远小于(1)中阻值的原因：________________________________________________________________________ ________________________________________________________________________．解析：(1)采用“×1”倍率，所以读数为6 Ω．(2)“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验中，需要多组数据，所以滑动变阻器应采用分压接法，如图所示．(3)电压表采用0～3 V挡，分度值为0．1 V，故读数为0．30 V，U＝0、I＝0时温度接近2、3组的温度，故应为1．3 Ω，远小于(1)中的测量值是因为用欧姆“×1”倍率挡测电阻时电流较大，小灯泡已有发光，灯丝温度升高，电阻较冷灯丝时大的多．答案：(1)6 (2)如解析图所示(3)0．30 1．3 用欧姆“×1”倍率挡测电阻时电流较大，小灯泡已有发光，灯丝温度升高，电阻较冷灯丝时大的多5．现要测量一个未知电阻R x的阻值，除R x外可用的器材有：多用电表(仅可使用欧姆挡)；一个电池组E(电动势6 V)；一个滑动变阻器R(0～20 Ω，额定电流1 A)；两个相同的电流表G(内阻R g＝1 000 Ω，满偏电流I g＝100 μA)；两个标准电阻(R1＝29 000 Ω，R2＝0．1 Ω)；一个电键S、导线若干．(1)为了设计电路，先用多用电表的欧姆挡粗测未知电阻，采用“×10”挡，调零后测量该电阻，发现指针偏转非常大，最后几乎紧挨满偏刻度停下来，下列判断和做法正确的是________(填字母代号)．A．这个电阻阻值很小，估计只有几欧姆B．这个电阻阻值很大，估计有几千欧姆C．如需进一步测量可换“×1”挡，调零后测量D．如需进一步测量可换“×1 k”挡，调零后测量(2)根据粗测的判断，设计一个测量电路，要求测量尽量准确并使电路能耗较小，画出实验电路图，并将各元件字母代码标在该元件的符号旁．解析：(1)用欧姆表粗测该电阻时，发现指针偏角非常大，说明欧姆表的读数非常小，因此，这个电阻的阻值很小，A正确；为了使欧姆表读数误差更小些，应换“×1”挡，调零后再测量，C正确．(2)要求测量电路的能耗较小，因此，应使用滑动变阻器的限流接法．可供选择的器材中无电压表，需用电流表G和R1串联改装成电压表．由于电流表G的量程太小，所以，需用R2和G并联改装成量程较大的电流表．由于未知电阻阻值较小，故电路采用“外接法”．综合考虑，电路图如图所示．答案：(1)AC (2)见解析图。
2019届高三物理9月月考试卷.doc
2019届高三物理9月月考试卷绝密★启用前重庆市中山外国语学校高2019届9月测试卷理科综合注意事项：1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.作答时，务必将答案写在答题卡上。
写在本试卷及草稿纸上无效。
3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
可能用到的相对原子质量：Hlcl2N14ol6Na23P31S32Fe56一、选择题：本题共13个小题，每小题6分，共78分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分。
在每小题给出的四个选项中，第14^18题只有一项符合题目要求，第1旷21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不答的得0分。
14.下列说法正确的是A.位移是矢量，位移的方向就是质点运动的方向B.伽利略发现了行星运动定律c.氢原子光谱的发现揭示原子具有核式结构D.当两个带电体的形状对它们之间相互作用力的影响可以忽略时，这两个带电体就可以看作点电荷15.原来都静止在同一匀强磁场中放射性元素原子核的衰变示意图，运动方向都与磁场方向垂直。
图中a、b分别表示各粒子的运动轨迹，大小圆的半径之比是45： lo下列说法中不正确的是A.磁场方向一定为垂直纸面向里B.这可能是发生了B衰变c.这可能是发生衰变D.这可能是发生衰变16.质量的物块（可视为质点）以vO的初速度从倾角0 =30°的粗糙斜面上的P点沿斜面向上运动到达最高点后，又沿原路返回到出发点P点，其速度随时间变化的图象如图所示，且不计空气阻力。
下列说法中正确的是A.物块所受的重力与摩擦力之比为3:2B.这个过程中物块克服摩擦力做功的功率为c.这个过程中重力做功比摩擦力做功大D.这个过程中重力冲量与摩擦力冲量之比3:117.一物体静置在平均密度为P、半径为R的星球表面上, 以初速度vO竖直向上抛出一个物体，该物体上升的最大高是（已知引力常量为G）A. B.c. D.18.如图所示，某小型水电站的发电机输出电压为220V, 正常情况下输出的总功率，为了减少远距离输电过程中的电能损失，往往采用高压输电。
近年高考物理一轮选习练题(5)(含解析)新人教版(2021年整理)
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人教物理2019高考一轮选习练题（5）李仕才一、选择题1、右图为一物体做直线运动的图象，但纵坐标表示的物理量未标出，已知物体在前2 s内向东运动，以下判断正确的是（）A．若纵坐标表示速度，则物体在4 s内的位移为4 mB．若纵坐标表示速度,则物体在4 s内的加速度大小不变，方向始终向东C．若纵坐标表示位移，则物体在4 s内的运动方向始终向东D．若纵坐标表示位移,则物体在4 s内的位移为零【参考答案】C2、(2018·河北承德市月考)图示是某质点运动的速度图象,由图象得到的正确结果是（）A．0～1 s内的平均速度是2 m/sB．0～2 s内的位移大小是3 mC．0～1 s内的加速度大于2～4 s内的加速度D．0～1 s内的运动方向与2～4 s内的运动方向相反解析：根据v－t图象可知，质点在0~1 s内的位移x1＝1 m，平均速度错误!＝错误!＝1 m/s，1～2 s内的位移x2＝2 m，0~2 s内的位移x＝x1＋x2＝3 m，1A错误、B正确.0～1 s内的加速度a1＝2 m/s2，2~4 s内的加速度a2＝－1 m/s2，负号表示a2和v方向相反,故a1〉a2，C正确。
0~1 s内与2～4 s内的速度均为正值,表示物体都沿正方向运动,D错误．选B、C.答案：BC3、（2018·江苏苏北四市一模)（多选）澳大利亚科学家近日宣布，在离地球约14光年的“红矮星Wolf 1061”周围发现了三颗行星b、c、d，它们的公转周期分别是5天、18天、67天，公转轨道可视为圆,如图所示．已知引力常量为G.下列说法正确的是( ) A．可求出b、c的公转半径之比B．可求出c、d的向心加速度之比C．若已知c的公转半径，可求出“红矮星”的质量D．若已知c的公转半径，可求出“红矮星”的密度解析:行星b、c的周期分别为5天、18天，均做匀速圆周运动,根据开普勒第三定律错误!＝k，可以求出轨道半径之比，A正确．行星c、d的周期分别为18天、67天,同上可以求出轨道半径之比，根据万有引力提供向心力，有G错误!＝ma，解得a＝错误!,故可以求出c、d的向心加速度之比，B正确．已知c的公转半径和周期，根据牛顿第二定律有G错误!＝m错误!r，解得M＝错误!，故可以求出“红矮星”的质量，但不知道“红矮星”的体积G,无法求出“红矮星"的密度，C正确，D错误．答案:ABC4、质量为2 kg的物体，放在动摩擦因数μ＝0.1的水平面上,在水平拉力的作用下由静止开始运动,水平拉力做的功W和物体发生的位移L之间的关系如图所示，重力加速度g取10 m/s2。
2019高考物理九月选练(2)(含解析)新人教版
2019高考物理九月选练（2）李仕才1．某同学用如图甲所示装置测量重力加速度g ，所用交流电频率为50 Hz.在所选纸带上取某点为0号计数点，然后每隔4个计时点取一个计数点，所有测量数据及其标记符号如图乙所示．该同学用两种方法处理数据(T 为相邻两计数点的时间间隔)：方法A ：由g 1＝x 2－x 1T 2，g 2＝x 3－x 2T 2，…，g 5＝x 6－x 5T 2，取平均值g －＝8.667 m/s 2； 方法B ：由g 1＝x 4－x 13T 2，g 2＝x 5－x 23T 2，g 3＝x 6－x 33T 2，取平均值g －＝8.673 m/s 2. 从数据处理方法看，在x 1、x 2、x 3、x 4、x 5、x 6中，对实验结果起作用的：方法A 中有________；方法B 中有____________．因此，选择方法________(选填“A ”或“B ”)更合理，这样可以减少实验的________(选填“系统”或“偶然”)误差．本实验误差的主要来源有______________________________________(试举出两条)．解析：方法A 的实质：g －＝⎝ ⎛⎭⎪⎫x 2－x 1T 2＋x 3－x 2T 2＋…＋x 6－x 5T 2/5 ＝x 6－x 15T 2 方法B 的实质：g －＝⎝ ⎛⎭⎪⎫x 4－x 13T 2＋x 5－x 23T 2＋x 6－x 33T 2/3 ＝（x 4＋x 5＋x 6）－（x 1＋x 2＋x 3）9T 2 故方法A 中2个数据起作用，方法B 中6个数据起作用．答案：x 1、x 6或37.5 mm 、193.5 mm x 1、x 2、x 3、x 4、x 5、x 6或37.5 mm 、69.0 mm 、100.5 mm 、131.5 mm 、163.0 mm 、193.5 mmB 偶然 阻力(空气阻力、振针的阻力、限位孔的阻力、复写纸的阻力等)、交流电频率波动、长度测量、数据处理方法等2．某同学用图甲所示的实验装置验证牛顿第二定律：(1)通过实验得到如图乙所示的a－F图象，造成这一结果的原因是：在平衡摩擦力时木板与水平桌面的夹角__________(选填“偏大”或“偏小”)．(2)该同学在平衡摩擦力后进行实验，实际小车在运动过程中所受的拉力________砝码和盘的总重力(填“大于”“小于”或“等于”)，为了便于探究、减小误差，应使小车质量M 与砝码和盘的总质量m满足__________的条件．(3)该同学得到如图丙所示的纸带．已知打点计时器电源频率为50 Hz.A、B、C、D、E、F、G是纸带上7个连续的点．Δx＝x DG－x AD＝________ cm.由此可算出小车的加速度a＝________ m/s2.(结果保留两位有效数字)解析：(1)根据所给的a－F图象可知，当F＝0时，小车已经有了加速度a0，所以肯定是在平衡摩擦力时木板与水平桌面间的夹角偏大造成的．(2)根据牛顿第二定律，对小车F＝Ma，对砝码和盘mg－F＝ma，解得F＝MmgM＋m<mg，只有当M≫m时，小车受到的拉力才近似等于mg，从而减小误差．(3)由题图丙可读出x AD＝2.10 cm，x DG＝3.90 cm，所以Δx＝x DG－x AD＝1.80 cm，根据Δx＝aΔt2，解得a＝5.0 m/s2.答案：(1)偏大(2)小于M≫m(3)1.80 5.03．(2018·苏州中学模拟)如图甲所示的装置叫做阿特伍德机，是英国数学家和物理学家阿特伍德创制的一种著名力学实验装置，用来研究匀变速直线运动的规律．某同学对该装置加以改进后用来验证机械能守恒定律，如图乙所示．(1)实验时，该同学进行了如下操作：①将质量均为M (A 的含挡光片，B 的含挂钩)的重物用绳连接后，跨放在定滑轮上，处于静止状态，测量出____________(填“A 的上表面”“A 的下表面”或“挡光片中心”)到光电门中心的竖直距离h .②在B 的下端挂上质量为m 的物块C ，让系统(重物A 、B 以及物块C )中的物体由静止开始运动，光电门记录挡光片挡光的时间为Δt .③测出挡光片的宽度d ，计算有关物理量，验证机械能守恒定律．(2)如果系统(重物A 、B 以及物块C )的机械能守恒，应满足的关系式为______________(已知重力加速度为g )．(3)引起该实验系统误差的原因有________________________(写一条即可)．(4)验证实验结束后，该同学突发奇想：如果系统(重物A 、B 以及物块C )的机械能守恒，不断增大物块C 的质量m ，重物B 的加速度a 也将不断增大，那么a 与m 之间有怎样的定量关系？a 随m 增大会趋于一个什么值？请你帮该同学解决：①写出a 与m 之间的关系式：________________(还要用到M 和g )．②a 的值会趋于____________．解析：(1)①实验时，测量出挡光片中心到光电门中心的竖直距离h .(2)重物A 经过光电门时的速度为v ＝dΔt ；则如果系统(重物A 、B 以及物块C )的机械能守恒，应满足的关系式为mgh ＝12(2M ＋m )⎝ ⎛⎭⎪⎫d Δt 2. (3)引起该实验系统误差的原因：绳子有一定的质量，滑轮与绳子之间有摩擦，重物运动受到空气阻力等．(4)①根据牛顿第二定律可知mg ＝(m ＋2M )a ，解得：a ＝mg 2M ＋m ＝g 2M m＋1. ②当m 增大时，式子的分母趋近于1，则a 的值会趋于重力加速度g .答案：(1)①挡光片中心 (2)mgh ＝12(2M ＋m )⎝ ⎛⎭⎪⎫d Δt 2(3)绳子有一定的质量、滑轮与绳子之间有摩擦、重物运动受到空气阻力等(4)①a ＝g 2M m＋1 ②重力加速度g 4．(2018·苏锡常镇四市高三调研)小明同学想研究一段铅芯的伏安特性曲线．他连接了如图甲所示的实验电路．小亮同学认为小明的电路并不完善，他在该电路上增加了一条导线，得到了小明的认同．(1)请你用笔画线在图甲上加上这条导线．(2)对小亮改正后的电路，在闭合开关前，滑动变阻器的滑片先置于________(填“最左端”或“最右端”)．(3)闭合开关后，调节滑动变阻器，测得一组电压表和电流表的示数记录如下表：(4)由图象可知，随着温度的升高，铅芯的电阻率______(填“增大”“减小”或“不变”)．解析：(1)测伏安特性曲线应让电流由零开始调节，故采用滑动变阻器分压接法，如答案图甲所示；(2)为了让电流从零开始调节，滑片应先置于最左端；(3)根据表格中的数据描点连线；(4)图象为I－U图象，图线越来越陡，说明电阻率越来越小．答案：(1)如图甲所示(图甲中1或2中任一条)(2)最左端(3)如图乙所示(4)减小5．某同学用量程为1 mA、内阻为120 Ω的表头按图甲所示电路改装成量程分别为1 V 和1 A的多用电表．图中R1和R2为定值电阻，S为开关．回答下列问题：(1)根据图甲所示的电路，在图乙所示的实物图上连线．(2)开关S闭合时，多用电表用于测量________(选填“电流”“电压”或“电阻”)；开关S断开时，多用电表用于测量________(选填“电流”“电压”或“电阻”)．(3)表笔A应为________色(选填“红”或“黑”)．(4)定值电阻的阻值R1＝________Ω，R2＝________Ω．(结果取3位有效数字)解析：(2)开关S闭合时，电阻R1与电流表并联，多用电表用于测量电流；开关S断开时，电阻R2与电流表串联，多用电表用于测量电压．(3)根据电流应从电流表或电压表的正接线柱进，从负接线柱出，即从表笔A出，表笔A应为黑色，表笔B应为红色．(4)开关S断开时，由串联电路知识知，I g(R2＋R g)＝U，解得R2＝880 Ω；开关S闭合时，由并联电路知识知，I g(R2＋R g)＝(I－I g)R1，解得R1≈1．00 Ω．答案：(1)连线如图所示(2)电流电压(3)黑(4)1．00 880。
2019高考物理九月选练(5)(含解析)新人教版
2019高考物理九月选练（5）李仕才1．某同学在“探究弹力和弹簧伸长的关系”的实验中，测得图中弹簧OC的劲度系数为500 N/m.如图1所示，用弹簧OC和弹簧秤a、b做“探究求合力的方法”实验．在保持弹簧伸长1.00 cm不变的条件下：(1)若弹簧秤a、b间夹角为90°，弹簧秤a的读数是________N(图2中所示)，则弹簧秤b 的读数可能为________N.(2)若弹簧秤a、b间夹角大于90°，保持弹簧秤a与弹簧OC的夹角不变，减小弹簧秤b与弹簧OC的夹角，则弹簧秤a的读数________、弹簧秤b的读数________(填“变大”“变小”或“不变”)．解析：(1)弹簧秤a的读数是3.00 N；弹簧OC的拉力F＝kx＝500×1.00×10－2N＝5.00 N，则弹簧秤b的读数可能为 5.002－3.002 N＝4.00 N.(2)若弹簧秤a、b间夹角大于90°，保持弹簧秤a与弹簧OC的夹角不变，减小弹簧秤b与弹簧OC的夹角，由力的平行四边形定则和力的图示可知，弹簧秤a的读数变大，弹簧秤b 的读数变大．答案：(1)3.00(3.00～3.02) 4.00(3.90～4.10)(2)变大变大2．某物理小组对轻弹簧的弹性势能进行探究，实验装置如图甲所示：轻弹簧放置在光滑水平桌面上，弹簧左端固定，右端与一物块接触而不连接，纸带穿过打点计时器并与物块连接．向左推物块使弹簧压缩一段距离，由静止释放物块，通过测量和计算，可求得弹簧被压缩后的弹性势能．(1)实验中涉及下列操作步骤：①把纸带向左拉直②松手释放物块③接通打点计时器电源④向左推物块使弹簧压缩，并测量弹簧压缩量上述步骤正确的操作顺序是______________(填入代表步骤的序号)．(2)图乙中M 和L 纸带是分别把弹簧压缩到不同位置后所得到的实际打点结果．打点计时器所用交流电的频率为50 Hz.由M 纸带所给的数据，可求出在该纸带对应的实验中物块脱离弹簧时的速度为________m/s.比较两纸带可知，________(填“M ”或“L ”)纸带对应的实验中弹簧被压缩后的弹性势能大．解析：(1)实验中应先向左推物块使弹簧压缩，测量弹簧的压缩量，然后把纸带向左拉直，再接通打点计时器电源，等打点稳定后，再松手释放物块，使其向右滑动，因此步骤为④①③②.(2)由于物块离开弹簧时的速度最大，因此M 纸带对应的实验中物块脱离弹簧时的速度为v＝2.58×10－2m 0.02 s＝1.29 m/s.由于弹簧压缩量越大，弹性势能越大，因此推开物块后，弹簧弹性势能转化成物块的动能越多，物块离开弹簧后获得的速度越大，打的点间距越大，因此M 纸带对应的实验中弹簧被压缩后的弹性势能大．答案：(1)④①③② (2)1.29 M3．电压表满偏时通过该表的电流是半偏时通过该表电流的两倍．某同学利用这一事实测量电压表的内阻(半偏法)，实验室提供的器材如下：待测电压表V(量程3 V ，内阻约为3 000 Ω)，电阻箱R 0(最大阻值为99 999．9 Ω)，滑动变阻器R 1(最大阻值100 Ω，额定电流2 A)，电源E (电动势6 V ，内阻不计)，开关两个，导线若干．(1)虚线框内为该同学设计的测量电压表内阻的电路图的一部分，将电路图补充完整．(2)根据设计的电路，写出实验步骤：______________________________________ ________________________________________________________________________ ________________________________________________________________________．(3)将这种方法测出的电压表内阻记为R ′V ，与电压表内阻的真实值R V 相比，R ′V ________R V (填“>”“＝”或“<”)，主要理由是___________________________________．解析：(1)因滑动变阻器阻值较小，所以选择滑动变阻器的分压接法．实验电路图如图所示．(2)移动滑动变阻器的滑片，以保证通电后电压表所在支路分压最小；闭合开关S1、S2，调节R1，使电压表的指针满偏；保持滑动变阻器滑片的位置不变，断开S2，调节电阻箱R0，使电压表的指针半偏；读取电阻箱所示的电阻值，此即为测得的电压表内阻．(3)断开S2，调节电阻箱使电压表成半偏状态，电压表所在支路总电阻增大，分得的电压也增大；此时R0两端的电压大于电压表的半偏电压，故R′V＞R V(其他合理说法也可以)．答案：见解析4．(2018·江苏六校联考)用下列器材组装成一个电路，既能测量出电池组的电动势E 和内阻r，又能同时描绘小灯泡的伏安特性曲线．A．电压表V1(量程0～6 V、内阻很大)B．电压表V2(量程0～4 V、内阻很大)C．电流表A(量程0～3 A、内阻很小)D．滑动变阻器R(最大阻值10 Ω、额定电流4 A)E．小灯泡(2 A、5 W)F．电池组(电动势E、内阻r)G．开关一只，导线若干实验时，调节滑动变阻器的阻值，多次测量后发现：若电压表V1的示数增大，而电压表V2的示数减小．(1)请将设计的实验电路图在图甲中补充完整．(2)每一次操作后，同时记录电流表A、电压表V1和电压表V2的示数，组成两个坐标点(I，U1)、(I，U2)，标到U－I坐标系中，经过多次测量，最后描绘出两条图线，如图乙所示，则电池组的电动势E＝________V，内阻r＝______Ω．(结果保留两位有效数字)(3)在U－I坐标中两条图线在P点相交，此时滑动变阻器连入电路的阻值应为______Ω，电池组的效率为________．解析：(1)电路图如答案图所示．(2)由图乙可知，电池组的电动势E ＝4．5 V ，内阻r ＝1．0 Ω．(3)在U －I 坐标中两条图线在P 点相交，两个电压表读数相等，说明此时滑动变阻器连入电路的阻值应为0，U 1＝U 2＝2．5 V ，电池组的效率为η＝U E ×100%＝2.54.5×100%＝55．56%． 答案：(1)设计的实验电路图如图(2)4．5 1．0 (3)0 55．56%5．利用气垫导轨通过闪光照相进行“探究碰撞中的不变量”这一实验．(1)实验要求研究两滑块碰撞时动能损失很小和很大等各种情况，若要求碰撞时动能损失最大应选图中的________(填“甲”或“乙”)，若要求碰撞动能损失最小则应选下图中的________(填“甲”或“乙”)．(甲图两滑块分别装有弹性圈，乙图两滑块分别装有撞针和橡皮泥)(2)某次实验时碰撞前B 滑块静止，A 滑块匀速向B 滑块运动并发生碰撞，利用闪光照相的方法连续4次拍摄得到的闪光照片如图所示．已知相邻两次闪光的时间间隔为T ，在这4次闪光的过程中，A 、B 两滑块均在0～80 cm 范围内，且第1次闪光时，滑块A 恰好位于x ＝10 cm 处．若A 、B 两滑块的碰撞时间及闪光持续的时间极短，均可忽略不计，则可知碰撞发生在第1次闪光后的________时刻，A 、B 两滑块质量比m A ∶m B ＝________．解析：(1)若要求碰撞时动能损失最大，则需两滑块碰撞后结合在一起，故应选图中的乙；若要求碰撞时动能损失最小，则应使两滑块发生弹性碰撞，即选图中的甲．(2)由图可知，第1次闪光时，滑块A 恰好位于x ＝10 cm 处，第二次A 在x ＝30 cm 处，第三次A 在x ＝50 cm 处，碰撞在x ＝60 cm 处．从第三次闪光到碰撞的时间为T 2，则可知碰撞发生在第1次闪光后的2．5T 时刻．设碰前A 的速度为v ，则碰后A 的速度为v 2，B 的速度为v ，根据动量守恒定律可得m A v ＝－m A ·v 2＋m B ·v ，解得m A m B ＝23． 答案：(1)乙 甲 (2)2．5T 2∶3。
2019学年高一物理9月月考试题(新版)新人教版
2019学年度上学期9月月考高一物理科试卷时间：90分钟满分：100分第I卷一、选择题（本题共12小题, 每小题4分，共48分，1--8题为单选，每个小题只有一个正确答案；9--12题为多选。
）1、奥运会上中国代表团参加了包括田径、体操、柔道在内的所有大项的比赛,下列几种奥运比赛项目中的研究对象可视为质点的是A.在撑竿跳高比赛中研究运动员手中的支撑竿在支撑地面过程中的转动情况时B.帆船比赛中确定帆船在大海中的位置时C.跆拳道比赛中研究运动员的动作时D.铅球比赛中研究铅球被掷出后在空中的旋转方向时2、下列有关于运动学方面的说法中正确的是A.匀速运动就是速度大小不变的运动B.加速度反映速度增加的大小C.由于所研究的问题不同，同一物体有时可以看作质点，有时不可以看作质点D.位移和路程是两个不同的物理量，物体在同一运动过程中的路程和位移大小一定不等3、作变速直线运动的物体，若前一半时间的平均速度为4m/s，后一半时间的平均速度是8m/s，则全程的平均速度是A. 7m/sB. 5m/sC. 5.5m/sD. 6m/s4、某火箭由地面竖直向上发射时,其图象如图所示,则下列表述正确的是A. 火箭在时间内向下运动B.火箭在时间内加速度最大C. 时间内,火箭一直向上运动D. 火箭运动过程中的最大加速度大小为5、一个物体从静止开始做匀加速直线运动，它在第秒内与第秒内位移大小之比为，在走完第米时与走完第米时的速度大小之比为，则下列说法正确的是A. ，B. ，C. ，D. ，6、甲、乙两人同时同地出发骑自行车做直线运动，前小时内的位移-时间图像如图所示。
下列表述正确的是A: 小时内，甲的加速度比乙的大B: 小时内，甲的速度比乙的大C: 小时内，甲的位移比乙的小D: 小时内，甲、乙骑行的路程相等7、做匀加速直线运动的物体,途中依次经过A,B,C三点.已知经过A点的速度为,AB段的长度为4m,AB段和BC段的平均速度分别为和.则A. 物体运动的加速度为B. 物体经过B,C两点的速度为和C. 物体经过AB段的时间为2sD. BC段的长度等于AB段的长度8、动车是把动力装置分散安装在每节车厢上，使其既具有牵引动力，又可以载客。
2019高考物理九月选练(4)(含解析)新人教版
2019高考物理九月选练（4）李仕才1．在“验证力的平行四边形定则”的实验中，有下列实验步骤：a．在桌上放一块方木板，在方木板上垫一张白纸，把橡皮条的一端固定在板上的A点．b．只用一只弹簧测力计，通过细绳把橡皮条的结点拉到同样的位置O，记下弹簧测力计的示数F′和细绳的方向，按同样比例作出力F′的图示．c．改变两个分力的大小和夹角，再做两次实验．d．记下两只弹簧测力计的示数F1、F2及结点的位置，描下两条细绳的方向，在纸上按比例作出F1和F2的图示，用平行四边形定则求出合力F.e．比较力F′与F，可以看出，它们在实验误差允许的范围内是相等的．f．把两条细绳系在橡皮条的另一端，通过细绳用两个弹簧测力计互成角度拉橡皮条，橡皮条伸长，使结点到达某一位置O.完成下列填空：(1)上述步骤中，正确的顺序是______________(填写步骤前面的字母)．(2)下列措施中能减小实验误差的是________．A．两条细绳必须等长B．弹簧测力计、细绳、橡皮条都应与木板平面平行C．拉橡皮条的细绳要稍长一些，标记同一条细绳的方向时两标记点要适当远一些D．实验前先把实验所用的两只弹簧测力计的挂钩相互钩住平放在桌面上，向相反方向拉动，检查读数是否相同，若不同，则进行调节使之相同解析：(1)先固定好白纸和橡皮条，两个弹簧测力计拉橡皮条到结点O，记下两个力的大小和方向，然后用一个弹簧测力计拉橡皮条到O点，记下拉力的大小和方向，由平行四边形定则画出两个力的合力，与第二次的一个力比较大小和方向；改变两个分力的大小和夹角，重复实验．故实验步骤为afdbec.(2)两条细绳是否等长，不会影响实验误差，A错误；避免拉力和纸面不平行，那样画出的力就不是实际作用力了，B可以减小误差，B正确；细绳稍长些，这样在描点画力的方向时，偏差少，误差小，C正确；实验前调节弹簧测力计，使得两个读数标准相同，这样画出的平行四边形才准确，可以减小误差，D正确．答案：(1)afdbec (2)BCD2．(2018·宿迁市高三调研测试)如图甲所示，在“探究功与速度变化的关系”的实验中，主要过程如下：A．设法让橡皮筋对小车做的功分别为W、2W、3W…；B．分析纸带，求出橡皮筋做功使小车获得的速度v1、v2、v3…；C．作出W－v图象；D．分析W－v图象．如图W－v图象是一条直线，表明W∝v；如果不是直线，可考虑是否存在W∝v2、W∝v3、W∝v等关系．(1)实验中得到的一条如图乙所示的纸带，求小车获得的速度应选________(选填“AB”或“CD”)段来计算．(2)关于该实验，下列说法正确的有________．A．通过增加橡皮筋的条数可以使橡皮筋对小车做的功成整数倍增加B．通过改变小车质量可以改变橡皮筋对小车做的功C．每次实验中，橡皮筋拉伸的长度必需保持一致D．先接通电源，再让小车在橡皮筋的作用下弹出(3)在该实验中，打点计时器正常工作，纸带足够长，点迹清晰的纸带上并没有出现一段等间距的点，造成这种情况的原因可能是________________(写出一条即可)．解析：(1)求小车获得的速度应该选取加速完成后、即匀速运动阶段的速度，故选CD段．(2)通过增加橡皮筋的条数可以使橡皮筋对小车做的功成整数倍增加，选项A正确；橡皮筋做功是将弹性势能转化为小车的动能，与小车的质量无关，所以改变小车质量不能改变橡皮筋对小车做的功，选项B错误；每次实验中，橡皮筋的长度必须保持一致，这样才能使橡皮筋对小车做的功成整数倍的增加，选项C正确；使用打点计时器时应该先接通电源，使打点计时器工作稳定了再释放小车，选项D正确．(3)没有出现一段等间距的点，说明小车没有匀速的阶段，说明没有平衡摩擦力或木板的倾角过大或过小．答案：(1)CD(2)ACD (3)没有平衡摩擦力或木板的倾角过大或过小3．(1)如图甲所示的三把游标卡尺，它们的游标尺从上至下分别为9 mm长10等分、19 mm长20等分、49 mm长50等分，它们的读数依次为________mm，________mm，________mm．(2)使用螺旋测微器测量金属丝的直径，示数如图乙所示，则金属丝的直径是________mm．(3)①图丙使用0．6 A量程时，对应刻度盘上每一小格代表________A，图中表针示数是________A；当使用3 A量程时，对应刻度盘中每一小格代表________A，图中表针示数为________A．②图丁使用较小量程时，每小格表示________V，图中表针的示数为________V．若使用的是较大量程，则这时表盘刻度每小格表示________V，图中表针示数为________V．解析：(1)最上面图读数：整毫米是17，不足1毫米数是7×0．1 mm＝0．7 mm，最后结果是17 mm＋0．7 mm＝17．7 mm．中间图读数：整毫米是23，不足1毫米数是17×0．05 mm＝0．85 mm，最后结果是23 mm＋0．85 mm＝23．85 mm．最下面图读数：整毫米是3，不足1毫米数是9×0．02 mm＝0．18 mm，最后结果是3 mm ＋0．18 mm＝3．18 mm．(2)固定刻度示数为2．0 mm，不足半毫米的从可动刻度上读，其示数为15．0，最后的读数：2．0 mm＋15．0×0．01 mm＝2．150 mm．(3)①使用0．6 A量程时，刻度盘上的每一小格为0．02 A，表针示数为0．44 A；当使用3 A量程时，每一小格为0．1 A，表针示数为2．20 A．②电压表使用3 V量程时，每小格表示0．1 V，表针示数为1．70 V；使用15 V量程时，每小格表示0．5 V，表针示数为8．5 V．答案：(1)17．7 23．85 3．18 (2)2．150(3)①0．02 0．44 0．1 2．20 ②0．1 1．70 0．5 8．54．某兴趣小组探究用不同方法测定干电池的电动势和内阻，他们提出的实验方案中有如下四种器材组合．为使实验结果尽可能准确，最不可取的一组器材是( ) A．一个安培表、一个伏特表和一个滑动变阻器B．一个伏特表和多个定值电阻C．一个安培表和一个电阻箱D．两个安培表和一个滑动变阻器解析：选D ．A 选项属于伏安法测定干电池的电动势和内阻的实验器材，A 项正确；由U ＝E －U Rr ，B 项正确；由E ＝I (R ＋r )，C 项正确；因不能读出滑动变阻器的阻值，D 项错误．5．为了验证碰撞中的动量守恒和检验两个小球的碰撞是否为弹性碰撞(碰撞过程中没有机械能损失)，某同学选取了两个体积相同、质量不等的小球，按下述步骤做实验：①用天平测出两个小球的质量分别为m 1和m 2，且m 1>m 2．②按照如图所示安装好实验装置．将斜槽AB 固定在桌边，使槽的末端点的切线水平．将一斜面BC 连接在斜槽末端．③先不放小球m 2，让小球m 1从斜槽顶端A 处由静止开始滚下，记下小球在斜面上的落点位置．④将小球m 2放在斜槽末端点B 处，让小球m 1从斜槽顶端A 处滚下，使它们发生碰撞，记下小球m 1和小球m 2在斜面上的落点位置．⑤用毫米刻度尺量出各个落点位置到斜槽末端点B 的距离．图中D 、E 、F 点是该同学记下的小球在斜面上的几个落点位置，到B 点的距离分别为L D 、L E 、L F ．根据该同学的实验，回答下列问题：(1)小球m 1与m 2发生碰撞后，m 1的落点是图中的____点，m 2的落点是图中的________点．(2)用测得的物理量来表示，只要满足关系式________________________，则说明碰撞中动量是守恒的．(3)用测得的物理量来表示，只要再满足关系式________________________，则说明两小球的碰撞是弹性碰撞．解析：(1)小球的落点位置跟平抛运动的初速度大小有关，碰后，小球m 1的速度较小，m 2的速度较大，所以m 1的落点是图中的D 点，m 2的落点是图中的F 点．(2)设碰前小球m 1的速度为v 0，碰撞后m 1的速度为v 1，m 2的速度为v 2，根据动量守恒定律，它们应该满足关系式m 1v 0＝m 1v 1＋m 2v 2．设斜面倾角为θ，根据平抛运动的规律有tan θ＝y x ＝12gt 2vt ＝gt 2v ，所以v ＝gt 2tan θ∝t ，而t ＝2y g ∝y ∝L ，所以v ∝L ．本题中，要验证m 1v 0＝m 1v 1＋m 2v 2成立，只需要验证m 1L E ＝m 1L D ＋m 2L F 成立． (3)要验证两个小球的碰撞是弹性碰撞，即要再验证12m 1v 20＝12m 1v 21＋12m 2v 22成立，而平抛运动时的初速度v ∝L ，所以v 2∝L ，故需要再满足关系式m 1L E ＝m 1L D ＋m 2L F ．答案：(1)D F(2)m1L E＝m1L D＋m2L F(3)m1L E＝m1L D＋m2L F。
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2019高考物理九月选练（5）
1．某同学在“探究弹力和弹簧伸长的关系”的实验中，测得图中弹簧OC的劲度系数为500 N/m.如图1所示，用弹簧OC和弹簧秤a、b做“探究求合力的方法”实验．在保持弹簧伸长1.00 cm不变的条件下：
(1)若弹簧秤a、b间夹角为90°，弹簧秤a的读数是________N(图2中所示)，则弹簧秤b 的读数可能为________N.
(2)若弹簧秤a、b间夹角大于90°，保持弹簧秤a与弹簧OC的夹角不变，减小弹簧秤b与弹簧OC的夹角，则弹簧秤a的读数________、弹簧秤b的读数________(填“变大”“变小”或“不变”)．
解析：(1)弹簧秤a的读数是3.00 N；弹簧OC的拉力F＝kx＝500×1.00×10－2N＝5.00 N，则弹簧秤b的读数可能为 5.002－3.002 N＝4.00 N.
(2)若弹簧秤a、b间夹角大于90°，保持弹簧秤a与弹簧OC的夹角不变，减小弹簧秤b与弹簧OC的夹角，由力的平行四边形定则和力的图示可知，弹簧秤a的读数变大，弹簧秤b 的读数变大．
答案：(1)3.00(3.00～3.02) 4.00(3.90～4.10)
(2)变大变大
2．某物理小组对轻弹簧的弹性势能进行探究，实验装置如图甲所示：轻弹簧放置在光滑水平桌面上，弹簧左端固定，右端与一物块接触而不连接，纸带穿过打点计时器并与物块连接．向左推物块使弹簧压缩一段距离，由静止释放物块，通过测量和计算，可求得弹簧被压缩后的弹性势能．
(1)实验中涉及下列操作步骤：
①把纸带向左拉直
②松手释放物块
③接通打点计时器电源
④向左推物块使弹簧压缩，并测量弹簧压缩量
上述步骤正确的操作顺序是______________(填入代表步骤的序号)．
(2)图乙中M 和L 纸带是分别把弹簧压缩到不同位置后所得到的实际打点结果．打点计时器所用交流电的频率为50 Hz.由M 纸带所给的数据，可求出在该纸带对应的实验中物块脱离弹簧时的速度为________m/s.比较两纸带可知，________(填“M ”或“L ”)纸带对应的实验中弹簧被压缩后的弹性势能大．
解析：(1)实验中应先向左推物块使弹簧压缩，测量弹簧的压缩量，然后把纸带向左拉直，再接通打点计时器电源，等打点稳定后，再松手释放物块，使其向右滑动，因此步骤为④①③②.
(2)由于物块离开弹簧时的速度最大，因此M 纸带对应的实验中物块脱离弹簧时的速度为v
＝2.58×10－2
m 0.02 s
＝1.29 m/s.由于弹簧压缩量越大，弹性势能越大，因此推开物块后，弹簧弹性势能转化成物块的动能越多，物块离开弹簧后获得的速度越大，打的点间距越大，因此M 纸带对应的实验中弹簧被压缩后的弹性势能大．
答案：(1)④①③② (2)1.29 M
3．电压表满偏时通过该表的电流是半偏时通过该表电流的两倍．某同学利用这一事实测量电压表的内阻(半偏法)，实验室提供的器材如下：
待测电压表V(量程3 V ，内阻约为3 000 Ω)，电阻箱R 0(最大阻值为99 999．9 Ω)，滑动变阻器R 1(最大阻值100 Ω，额定电流2 A)，电源E (电动势6 V ，内阻不计)，开关两个，导线若干．
(1)虚线框内为该同学设计的测量电压表内阻的电路图的一部分，将电路图补充完整．
(2)根据设计的电路，写出实验步骤：______________________________________ ________________________________________________________________________ ________________________________________________________________________．
(3)将这种方法测出的电压表内阻记为R ′V ，与电压表内阻的真实值R V 相比，
R ′V ________R V (填“>”“＝”或“<”)，主要理由是
___________________________________．
解析：
(1)因滑动变阻器阻值较小，所以选择滑动变阻器的分压接法．
实验电路图如图所示．
(2)移动滑动变阻器的滑片，以保证通电后电压表所在支路分压最小；闭合开关S1、S2，调节R1，使电压表的指针满偏；保持滑动变阻器滑片的位置不变，断开S2，调节电阻箱R0，使电压表的指针半偏；读取电阻箱所示的电阻值，此即为测得的电压表内阻．
(3)断开S2，调节电阻箱使电压表成半偏状态，电压表所在支路总电阻增大，分得的电压也增大；此时R0两端的电压大于电压表的半偏电压，故R′V＞R V(其他合理说法也可以)．答案：见解析
4．(2018·江苏六校联考)用下列器材组装成一个电路，既能测量出电池组的电动势E 和内阻r，又能同时描绘小灯泡的伏安特性曲线．
A．电压表V1(量程0～6 V、内阻很大)
B．电压表V2(量程0～4 V、内阻很大)
C．电流表A(量程0～3 A、内阻很小)
D．滑动变阻器R(最大阻值10 Ω、额定电流4 A)
E．小灯泡(2 A、5 W)
F．电池组(电动势E、内阻r)
G．开关一只，导线若干
实验时，调节滑动变阻器的阻值，多次测量后发现：若电压表V1的示数增大，而电压表V2的示数减小．
(1)请将设计的实验电路图在图甲中补充完整．
(2)每一次操作后，同时记录电流表A、电压表V1和电压表V2的示数，组成两个坐标点(I，U1)、(I，U2)，标到U－I坐标系中，经过多次测量，最后描绘出两条图线，如图乙所示，则电池组的电动势E＝________V，内阻r＝______Ω．(结果保留两位有效数字)
(3)在U－I坐标中两条图线在P点相交，此时滑动变阻器连入电路的阻值应为______Ω，
电池组的效率为________．
解析：(1)电路图如答案图所示．
(2)由图乙可知，电池组的电动势E ＝4．5 V ，内阻r ＝1．0 Ω．
(3)在U －I 坐标中两条图线在P 点相交，两个电压表读数相等，说明此时滑动变阻器连
入电路的阻值应为0，U 1＝U 2＝2．5 V ，电池组的效率为η＝U E ×100%＝2.54.5
×100%＝55．56%． 答案：(1)设计的实验电路图如图
(2)4．5 1．0 (3)0 55．56%
5．利用气垫导轨通过闪光照相进行“探究碰撞中的不变量”这一实验．
(1)实验要求研究两滑块碰撞时动能损失很小和很大等各种情况，若要求碰撞时动能损失最大应选图中的________(填“甲”或“乙”)，若要求碰撞动能损失最小则应选下图中的________(填“甲”或“乙”)．(甲图两滑块分别装有弹性圈，乙图两滑块分别装有撞针和橡皮泥)
(2)某次实验时碰撞前B 滑块静止，A 滑块匀速向B 滑块运动并发生碰撞，利用闪光照相的方法连续4次拍摄得到的闪光照片如图所示．已知相邻两次闪光的时间间隔为T ，在这4次闪光的过程中，A 、B 两滑块均在0～80 cm 范围内，且第1次闪光时，滑块A 恰好位于x ＝10 cm 处．若A 、B 两滑块的碰撞时间及闪光持续的时间极短，均可忽略不计，则可知碰撞发生在第1次闪光后的________时刻，A 、B 两滑块质量比m A ∶m B ＝________．
解析：(1)若要求碰撞时动能损失最大，则需两滑块碰撞后结合在一起，故应选图中的乙；若要求碰撞时动能损失最小，则应使两滑块发生弹性碰撞，即选图中的甲．
(2)由图可知，第1次闪光时，滑块A 恰好位于x ＝10 cm 处，第二次A 在x ＝30 cm 处，第三次A 在x ＝50 cm 处，碰撞在x ＝60 cm 处．从第三次闪光到碰撞的时间为T 2
，则可知碰撞发生在第1次闪光后的2．5T 时刻．设碰前A 的速度为v ，则碰后A 的速度为v 2，B 的速度
为v ，根据动量守恒定律可得m A v ＝－m A ·v 2＋m B ·v ，解得m A m B ＝23
． 答案：(1)乙 甲 (2)2．5T 2∶3。