步步高浙江高考数学理科一轮复习配套课件专题四 高考中的不等式问题
【步步高】高考数学一轮复习讲义 专题四 数列的综合应用
∴bb11+ +24dd= =20, ,
解得db=1=-4,1,
∴Sn=4n+nn2-1×(-1)=9n-2 n2.
∵lloogg22qa=1=-4,1,
∴q=12, a1=16,
∴an=25-n (n∈N*).
(3)解 显然an=25-n>0, 当n≥9时,Sn=n9- 2 n≤0,
∴n≥9时,an>Sn. ∵a1=16,a2=8,a3=4,a4=2,a5=1,a6=12,a7=14,a8=18,
(1)要重视审题、精心联想、沟通联系; (2)将等差、等比数列与函数、不等式、方程、应用性问题 等联系起来.
等差数列与等比数列的综 合应用
例1 在等比数列{an} (n∈N*)中,a1>1,公比q>0,设bn= log2an,且b1+b3+b5=6,b1b3b5=0. (1)求证:数列{bn}是等差数列; (2)求{bn}的前n项和Sn及{an}的通项an; (3)试比较an与Sn的大小.
解 ∴an-(1)a1由n=已2知n,得即loga2n2-2a2nnanlo-g112=2an0.,
(2)对于等比数列:an=a1qn-1.可用指数函数的性质来理解. ①当a1>0,q>1或a1<0,0<q<1时,等比数列是递增数列; ②当a1>0,0<q<1或a1<0,q>1时,等比数列{an}是递减数列. ③当q=1时,是一个常数列.
④当q<0时,无法判断数列的单调性,它是一个摆动数列. 2.解答数列综合问题的注意事项
(1)利用定义法即可解决;(2)先求{bn}的首项和公差,再求 {an}的首项及公比;(3)分情况讨论.
(1)证明 ∵bn=log2an, ∴bn+1-bn=log2aan+n 1=log2q为常数, ∴数列{bn}为等差数列且公差d=log2q.
高三数学高考第一轮复习课件:不等式
第六单元 │ 使用建议
使用建议
1.本单元内容理论性强,知识覆盖面广,因此教学中 应注意:
(1)复习不等式的性质时,要克服“想当然”和“显 然成立”的思维定式,一定使要用注建议意不等式成立的条件,强化 或者弱化了条件都有可能得出错误的结论.
第34讲 │ 编读互动 编读互动
第34讲 │ 知识要点 知识要点
第34讲 │ 知识要点
第34讲 │ 知识要点
第34讲 │ 双基固化 双基固化
第34讲 │ 双基固化
第34讲 │ 双基固化
第34讲 │ 双基固化
第34讲 │ 双基固化
第34讲 │ 双基固化
第34讲 │ 双基固化
第34讲 │ 双基固化
(1)理解不等式的性质及其证明. (2)掌握两个(不扩展到三个)正数的算术平均数不小于 它们的几何平均数的定理,并会简单的应用. (3)掌握分析法、综合法、比较法证明简单的不等式. (4)掌握简单不等式的解法. (5)理解不等式|a|-|b|≤|a+b|≤|a|+| b|.
第六单元 │ 复习策略
复习策略
不等式
目录
第34讲 不等式的概念与性质 第35讲 均值不等式 第36讲 不等式的解法 第37讲 不等式的证明 第38讲 含绝对值的不等式
第六单元 不等式
第六单元 │ 知识框架 知识框架
第六单元 │ 考点解读 考点解读
不等式、不等式的基本性质、不等式的证明、不等式的 解法、含绝对值的不等式.
第六单元 │ 考点解读
第35讲 │ 双基固化
第35讲 │ 双基固化
第35讲 │ 双基固化
第35讲 │ 双基固化
高考理科数学一轮复习不等式全套课件
【互动探究】
比较1816与1618的大小.
解:11861168=1186161162=9816 1216=8 9 216.
∵ 8
9
2∈(0,1),∴8
9
216<1.∵1618>0,∴1816<1618.
易错、易混、易漏 ⊙忽略考虑等号能否同时成立 例题:设 f(x)= ax2+bx,1≤f(-1)≤2,2≤f(1)≤4,求f(-2) 的取值范围. 正解:方法一,设 f(-2)=mf(-1)+nf(1)(m,n 为待定系 数),则 4a-2b=m(a-b)+n(a+b). 即 4a-2b=(m+n)a+(n-m)b. 则有mn-+mn= =4-,2. 解得nm==13.,
ac>>db>>00⇒ac_>___bd
⇒
可乘方性 可开方性
a>b>0⇒an>bn(n∈N,n≥2) a,b 同为正数
a>b>0⇒ n a > n b (n∈N,n≥2)
ቤተ መጻሕፍቲ ባይዱ
1.(2014 年四川)若 a>b>0,c<d<0,则一定有( B )
ab A.d>c
ab B.d<c
ab C.c>d
解析:令 x=-2,y=-3,a=3,b=2,符合题意 x>y, a>b.
因为 a-x=3-(-2)=5,b-y=2-(-3)=5,所以 a-x =b-y.故①不成立;
因为 ax=-6,by=-6,所以 ax=by.故③也不成立; 因为ay=-33=-1,bx=-22=-1,所以ay=bx.故⑤不成立.
答案:B
(2)在等比数列{an}中,an>0(n∈N),公比q≠1.则( ) A.a1+a8>a4+a5 B.a1+a8<a4+a5 C.a1+a8=a4+a5 D.不确定
浙江省高考数学一轮复习第二章不等式第3节基本不等式课件
(x-2)×x-1 2+2=4,
当且仅当 x-2=x-1 2(x>2),即 x=3 时取等号,即当 f(x)取得最小值时,即 a=
3,选 C. 答案 C
5.(必修5P100A2改编)一段长为30 m的篱笆围成一个一边靠墙的矩形菜园,墙长18 m,
则这个矩形的长为______m,宽为________m时菜园面积最大.
)
(3)函数 y=x+1x的最小值是 2.( )
(4)函数 f(x)=sin x+sin4 x的最小值为 4.( )
(5)x>0 且 y>0 是xy+yx≥2 的充要条件.( )
解析 (2)不等式a2+b2≥2ab成立的条件是a,b∈R;
不等式a+2 b≥ ab成立的条件是 a≥0,b≥0. (3)函数 y=x+1x值域是(-∞,-2]∪[2,+∞),没有最小值. (4)函数 f(x)=sin x+sin4 x无最小值. (5)x>0 且 y>0 是xy+yx≥2 的充分不必要条件. 答案 (1)√ (2)× (3)× (4)× (5)×
【训练 2】(1)(一题多解)若正数 x,y 满足 x+3y=5xy,则 3x+4y 的最小值为________.
(2)已知正数 x,y 满足 2x+y=2,则当 x=________时,1x-y 取得最小值为________. 解析 (1)法一 由 x+3y=5xy 可得51y+53x=1, ∴3x+4y=(3x+4y)51y+53x =95+45+35xy+152xy≥153+152=5(当且仅当35xy=152xy,即 x=1,y=12时,等号成立), ∴3x+4y 的最小值是 5.
1 2
时取
“=”,∴1x+xy的最小值为 3.
答案 (-1,1) 3
高考数学浙江专版(理)一轮复习:第7篇 第4讲 基本不等式.pdf
第4讲 基本不等式 分层A级 基础达标演练 (时间:30分钟 满分:55分) 一、选择题(每小题5分,共20分) 1.(2013·宁波模拟)下列函数中,最小值为4的个数为( ). y=x+;y=sin x+(0<x<π);y=ex+4e-x;y=log3x+4logx3. A.4 B.3 C.2 D.1 解析 中,由于x的符号不确定,故不满足条件;中,01)的最小值是( ). A.2+2 B.2-2 C.2 D.2 解析 x>1,x-1>0, y== ==(x-1)++2≥2+2. 当且仅当x-1=,即x=+1时取等号. 答案 A 二、填空题(每小题5分,共10分) 5.(2012·黄冈二模)若a,b是正数,则,,, 这四个数的大小顺序是________. 解析 a,b是正数,≤≤, 而≤,又a2+b2≥2ab, 所以2(a2+b2)≥(a+b)2, ≤ . 故≤≤≤ . 答案 ≤≤≤ 6.(2013·北京朝阳期末)某公司购买一批机器投入生产,据市场分析,每台机器生产的产品可获得的总利润y(单位:万元)与机器运转时间x(单位:年)的关系为y=-x2+18x-25(xN*),则当每台机器运转________年时,年平均利润最大,最大值是________万元. 解析 每台机器运转x年的年平均利润为=18-,而x>0,故≤18-2=8,当且仅当x=5时等号成立,此时年平均利润最大,最大值为8万元. 答案 5 8 三、解答题(共25分) 7.(12分)已知x>0,y>0,且2x+8y-xy=0, 求:(1)xy的最小值; (2)x+y的最小值. 解 x>0,y>0,2x+8y-xy=0, (1)xy=2x+8y≥2,≥8,xy≥64. 故xy的最小值为64. (2)由2x+8y=xy,得:+=1, x+y=(x+y)·1=(x+y) =10++≥10+8=18. 故x+y的最小值为18. 8.(13分)已知x>0,y>0,且2x+5y=20. (1)求u=lg x+lg y的最大值; (2)求+的最小值. 解 (1)x>0,y>0, 由基本不等式,得2x+5y≥2. 2x+5y=20,2≤20,xy≤10,当且仅当2x=5y时,等号成立. 因此有解得 此时xy有最大值10. u=lg x+lg y=lg(xy)≤lg 10=1. 当x=5,y=2时,u=lg x+lg y有最大值1. (2)x>0,y>0,+=·=≥=,当且仅当=时,等号成立. 由解得 +的最小值为. 分层B级 创新能力提升 1.(2013·韶关一模)当点(x,y)在直线x+3y-2=0上移动时,表达式3x+27y+1的最小值为( ). A.3 B.5 C.1 D.7 解析 由x+3y-2=0得3y=-x+2, 3x+27y+1=3x+33y+1=3x+3-x+2+1 =3x++1≥2 +1=7. 当且仅当3x=,即x=1时取得等号. 答案 D 2.已知x>0,y>0,且+=1,若x+2y>m2+2m恒成立,则实数m的取值范围是( ). A.(-∞,-2][4,+∞) B.(-∞,-4][2,+∞) C.(-2,4) D.(-4,2) 解析 x>0,y>0且+=1, x+2y=(x+2y)=4++ ≥4+2 =8,当且仅当=, 即x=4,y=2时取等号, (x+2y)min=8,要使x+2y>m2+2m恒成立, 只需(x+2y)min>m2+2m恒成立, 即8>m2+2m,解得-4<m<2. 答案 D 3.若正数a,b满足ab=a+b+3,则ab的取值范围是________. 解析 由a,bR+,由基本不等式得a+b≥2, 则ab=a+b+3≥2+3, 即ab-2-3≥0(-3)(+1)≥0 ≥3, ab≥9. 答案 [9,+∞) 4.已知两正数x,y满足x+y=1,则z=的最小值为________. 解析 z==xy+++=xy++=+xy-2,令t=xy,则00). (1)求f(x)的最大值; (2)证明:对任意实数a,b,恒有f(a)<b2-3b+. (1)解 f(x)==≤=2, 当且仅当x=时,即x=2时,等号成立. 所以f(x)的最大值为2. (2)证明 b2-3b+=2+3, 当b=时,b2-3b+有最小值3, 由(1)知,f(a)有最大值2, 对任意实数a,b,恒有f(a)<b2-3b+. 6.桑基鱼塘是某地一种独具地方特色的农业生产形式,某研究单位打算开发一个桑基鱼塘项目,该项目准备购置一块1 800平方米的矩形地块,中间挖出三个矩形池塘养鱼,挖出的泥土堆在池塘四周形成基围(阴影部分所示)种植桑树,池塘周围的基围宽均为2米,如图,设池塘所占的总面积为S平方米. (1)试用x表示S; (2)当x取何值时,才能使得S最大?并求出S的最大值. 解 (1)由图形知,3a+6=x,a=. 则总面积S=·a+2a =a= =1 832-, 即S=1 832-(x>0). (2)由S=1 832-,得 S≤1 832-2 =1 832-2×240=1 352(平方米). 当且仅当=,此时,x=45. 即当x为45米时,S最大,且S最大值为1 352平方米. 。
【2022高考数学一轮复习(步步高)】第一章 §1.5 一元二次不等式及其解法
§1.5一元二次不等式及其解法考试要求 1.会从实际问题的情境中抽象出一元二次不等式模型.2.通过函数图象了解一元二次不等式与相应的二次函数、一元二次方程的联系.3.会解一元二次不等式.1.一元二次不等式只含有一个未知数,并且未知数的最高次数是2的不等式,称为一元二次不等式,一元二次不等式的一般形式是ax 2+bx+c>0或ax2+bx+c<0(a≠0).2.二次函数与一元二次方程、不等式的解的对应关系判别式Δ=b2-4ac Δ>0Δ=0Δ<0二次函数y=ax2+bx+c(a>0)的图象方程ax2+bx+c=0 (a>0)的根有两个不相等的实数根x1,x2(x1<x2)有两个相等的实数根x1=x2=-b2a没有实数根ax2+bx+c>0(a>0)的解集{x|x<x1或x>x2}⎩⎨⎧⎭⎬⎫x⎪⎪x≠-b2a Rax2+bx+c<0(a>0)的解集{x|x1< x<x2} ∅∅3.分式不等式与整式不等式(1)f(x)g(x)>0(<0)⇔f(x)g(x)>0(<0);(2)f(x)g(x)≥0(≤0)⇔f(x)g(x)≥0(≤0)且g(x)≠0.微思考1.二次函数的零点与一元二次方程的根,二次函数图象与x轴的交点之间有什么联系?提示二次函数的零点即为对应的一元二次方程的根,也是二次函数图象与x轴交点的横坐标.2.一元二次不等式ax 2+bx +c >0(<0)恒成立的条件是什么?提示 显然a ≠0.ax 2+bx +c >0恒成立的条件是⎩⎪⎨⎪⎧a >0,Δ<0;ax 2+bx +c <0恒成立的条件是⎩⎪⎨⎪⎧a <0,Δ<0.题组一 思考辨析1.判断下列结论是否正确(请在括号中打“√”或“×”) (1)若不等式ax 2+bx +c <0的解集为(x 1,x 2),则必有a >0.( √ )(2)若方程ax 2+bx +c =0(a ≠0)没有实数根,则不等式ax 2+bx +c >0的解集为R .( × ) (3)若二次函数y =ax 2+bx +c 的图象开口向下,则不等式ax 2+bx +c <0的解集一定不是空集.( √ )(4)x -a x -b ≥0等价于(x -a )(x -b )≥0.( × )题组二 教材改编2.已知集合A ={x |x 2-5x +4<0},B ={x |x 2-x -6<0},则A ∩B 等于( ) A .(-2,3) B .(1,3) C .(3,4) D .(-2,4)答案 B解析 由题意知A ={x |1<x <4},B ={x |-2<x <3}, 所以A ∩B =(1,3).3.不等式-x 2-3x +4>0的解集为________.(用区间表示) 答案 (-4,1)解析 由-x 2-3x +4>0可知,(x +4)(x -1)<0, 得-4<x <1.4.函数y =log 2(3x 2-2x -2)的定义域是____________________________. 答案 ⎝ ⎛⎭⎪⎫-∞,1-73∪⎝ ⎛⎭⎪⎫1+73,+∞ 解析 由题意,得3x 2-2x -2>0,令3x 2-2x -2=0,得x 1=1-73,x 2=1+73,∴3x 2-2x -2>0的解集为⎝ ⎛⎭⎪⎫-∞,1-73∪⎝ ⎛⎭⎪⎫1+73,+∞.题组三 易错自纠5.若关于x 的不等式ax 2+bx +2>0的解集是⎝⎛⎭⎫-12,13,则a +b =________. 答案 -14解析 ∵x 1=-12,x 2=13是方程ax 2+bx +2=0的两个根,∴⎩⎨⎧a 4-b2+2=0,a 9+b3+2=0,解得⎩⎪⎨⎪⎧a =-12,b =-2,∴a +b =-14.6.若不等式x 2+ax +4<0的解集不是空集,则实数a 的取值范围是________________. 答案 (-∞,-4)∪(4,+∞)解析 由题意得Δ=a 2-4×4>0,即a 2>16. ∴a >4或a <-4.题型一 一元二次不等式的求解命题点1 不含参的不等式例1 (1)(2020·全国Ⅰ)已知集合A ={x |x 2-3x -4<0},B ={-4,1,3,5},则A ∩B 等于( ) A .{-4,1} B .{1,5} C .{3,5} D .{1,3} 答案 D解析 ∵A ={x |x 2-3x -4<0}={x |(x +1)(x -4)<0}={x |-1<x <4},B ={-4,1,3,5}, ∴A ∩B ={1,3}.(2)不等式1-x2+x ≥0的解集为( )A .[-2,1]B .(-2,1]C .(-∞,-2)∪(1,+∞)D .(-∞,-2]∪(1,+∞)答案 B解析 原不等式化为⎩⎪⎨⎪⎧(1-x )(2+x )≥0,2+x ≠0,即⎩⎪⎨⎪⎧(x -1)(x +2)≤0,x +2≠0, 解得-2<x ≤1.命题点2 含参不等式例2 解关于x 的不等式ax 2-(a +1)x +1<0(a >0). 解 原不等式变为(ax -1)(x -1)<0, 因为a >0,所以⎝⎛⎭⎫x -1a (x -1)<0. 所以当a >1时,解得1a <x <1;当a =1时,解集为∅; 当0<a <1时,解得1<x <1a.综上,当0<a <1时,不等式的解集为⎩⎨⎧⎭⎬⎫x ⎪⎪1<x <1a ; 当a =1时,不等式的解集为∅;当a >1时,不等式的解集为⎩⎨⎧⎭⎬⎫x ⎪⎪1a<x <1. 在本例中,把a >0改成a ∈R ,解不等式.解 当a >0时,同例2,当a =0时,原不等式等价于-x +1<0,即x >1, 当a <0时,1a <1,原不等式可化为⎝⎛⎭⎫x -1a (x -1)>0, 解得x >1或x <1a.综上,当0<a <1时,不等式的解集为⎩⎨⎧⎭⎬⎫x ⎪⎪1<x <1a , 当a =1时,不等式的解集为∅,当a >1时,不等式的解集为⎩⎨⎧⎭⎬⎫x ⎪⎪1a<x <1, 当a =0时,不等式的解集为{x |x >1},当a <0时,不等式的解集为⎩⎨⎧⎭⎬⎫x ⎪⎪x <1a或x >1. 思维升华 对含参的不等式,应对参数进行分类讨论 (1)根据二次项系数为正、负及零进行分类. (2)根据判别式Δ与0的关系判断根的个数. (3)有两个根时,有时还需根据两根的大小进行讨论.跟踪训练1 (1)已知不等式ax 2-bx -1>0的解集是⎩⎨⎧⎭⎬⎫x ⎪⎪-12<x <-13,则不等式x 2-bx -a ≥0的解集是________.答案 {x |x ≥3或x ≤2}解析 由题意,知-12,-13是方程ax 2-bx -1=0的两个根,且a <0,所以⎩⎨⎧-12+⎝⎛⎭⎫-13=ba,-12×⎝⎛⎭⎫-13=-1a ,解得⎩⎪⎨⎪⎧a =-6,b =5.故不等式x 2-bx -a ≥0为x 2-5x +6≥0, 解得x ≥3或x ≤2.(2)解不等式12x 2-ax >a 2(a ∈R ). 解 原不等式可化为12x 2-ax -a 2>0, 即(4x +a )(3x -a )>0,令(4x +a )(3x -a )=0, 解得x 1=-a 4,x 2=a3.当a >0时,不等式的解集为⎝⎛⎭⎫-∞,-a 4∪⎝⎛⎭⎫a3,+∞; 当a =0时,不等式的解集为(-∞,0)∪(0,+∞); 当a <0时,不等式的解集为⎝⎛⎭⎫-∞,a 3∪⎝⎛⎭⎫-a4,+∞.题型二 一元二次不等式恒成立问题命题点1 在R 上的恒成立问题例3 对于任意实数x ,不等式(a -2)x 2-2(a -2)x -4<0恒成立,则实数a 的取值范围是( ) A .(-∞,2) B .(-∞,2] C .(-2,2) D .(-2,2]答案 D解析 当a -2=0,即a =2时,-4<0恒成立; 当a -2≠0,即a ≠2时,则有⎩⎪⎨⎪⎧a -2<0,Δ=[-2(a -2)]2-4×(a -2)×(-4)<0,解得-2<a <2.综上,实数a 的取值范围是(-2,2].命题点2 在给定区间上的恒成立问题例4 已知函数f (x )=mx 2-mx -1.若对于x ∈[1,3],f (x )<5-m 恒成立,则实数m 的取值范围为________.答案 ⎝⎛⎭⎫-∞,67 解析 要使f (x )<-m +5在x ∈[1,3]上恒成立, 即m ⎝⎛⎭⎫x -122+34m -6<0在x ∈[1,3]上恒成立. 有以下两种方法:方法一 令g (x )=m ⎝⎛⎭⎫x -122+34m -6,x ∈[1,3]. 当m >0时,g (x )在[1,3]上单调递增, 所以g (x )max =g (3),即7m -6<0, 所以m <67,所以0<m <67;当m =0时,-6<0恒成立; 当m <0时,g (x )在[1,3]上单调递减, 所以g (x )max =g (1),即m -6<0, 所以m <6,所以m <0.综上所述,m 的取值范围是⎝⎛⎭⎫-∞,67. 方法二 因为x 2-x +1=⎝⎛⎭⎫x -122+34>0, 又因为m (x 2-x +1)-6<0, 所以m <6x 2-x +1.令y =6x 2-x +1,因为函数y =6x 2-x +1=6⎝⎛⎭⎫x -122+34在[1,3]上的最小值为67,所以只需m <67即可. 所以m 的取值范围是⎝⎛⎭⎫-∞,67.命题点3 给定参数范围的恒成立问题例5 若mx 2-mx -1<0对于m ∈[1,2]恒成立,则实数x 的取值范围为________. 答案 ⎝⎛⎭⎪⎫1-32,1+32解析 设g (m )=mx 2-mx -1=(x 2-x )m -1,其图象是直线,当m ∈[1,2]时,图象为一条线段,则⎩⎪⎨⎪⎧ g (1)<0,g (2)<0,即⎩⎪⎨⎪⎧x 2-x -1<0,2x 2-2x -1<0,解得1-32<x <1+32,故x 的取值范围为⎝⎛⎭⎪⎫1-32,1+32.思维升华 (1)解决恒成立问题一定要搞清谁是自变量,谁是参数,一般地,知道谁的范围,谁就是变量,求谁的范围,谁就是参数.(2)对于二次不等式恒成立问题常见的类型有两种,一是在全集R 上恒成立,二是在某给定区间上恒成立.对第一种情况恒大于0就是相应的二次函数的图象全部在x 轴上方,恒小于0就是相应的二次函数的图象全部在x 轴下方;对第二种情况,要充分结合函数图象进行分类讨论(也可采用分离参数的方法).跟踪训练2 (1)若不等式ax 2-x +a >0对一切实数x 都成立, 则实数a 的取值范围为( ) A .a <-12或a >12B .a >12或a <0C .a >12D .-12<a <12答案 C解析 当a =0时,-x >0不恒成立,故a =0不合题意;当a ≠0时,⎩⎪⎨⎪⎧ a >0,Δ<0即⎩⎪⎨⎪⎧a >0,1-4a 2<0. 解得a >12.(2)当x ∈(1,2)时,不等式x 2+mx +4<0恒成立,则m 的取值范围是( ) A .(-∞,4] B .(-∞,-5) C .(-∞,-5] D .(-5,-4)答案 C解析 令f (x )=x 2+mx +4, ∴x ∈(1,2)时,f (x )<0恒成立,∴⎩⎪⎨⎪⎧ f (1)≤0,f (2)≤0,即⎩⎪⎨⎪⎧1+m +4≤0,4+2m +4≤0,解得m ≤-5.设方程ax 2+bx +c =0(a ≠0,Δ>0)有不相等的两根为x 1,x 2,且x 1<x 2,相应的二次函数为f (x )=ax 2+bx +c ,方程的根即为二次函数的图象与x 轴交点的横坐标,它们的分布情况见下面各表(每种情况对应的均是充要条件).表一:(两根与0的大小比较即根的正负情况)分布情况两个负根即两根都小于0(x 1<0,x 2<0)两个正根即两根都大于0(x 1>0,x 2>0)一正根一负根即一个根小于0,一个根大于0(x 1<0<x 2)大致图象(a >0)得出的结论⎩⎪⎨⎪⎧Δ>0,-b2a <0,f (0)>0⎩⎪⎨⎪⎧Δ>0,-b2a >0,f (0)>0f (0)<0大致图象(a <0)得出的结论⎩⎪⎨⎪⎧ Δ>0,-b2a <0,f (0)<0⎩⎪⎨⎪⎧ Δ>0,-b2a >0,f (0)<0f (0)>0综合结论 (不讨论a ) ⎩⎪⎨⎪⎧Δ>0,-b2a <0,a ·f (0)>0⎩⎪⎨⎪⎧Δ>0,-b2a >0,a ·f (0)>0a ·f (0)<0表二:(两根与k 的大小比较)分布情况两根都小于k 即x 1<k ,x 2<k两根都大于k 即x 1>k ,x 2>k一个根小于k ,一个根大于k 即x 1<k <x 2大致图象(a >0)得出的结论⎩⎪⎨⎪⎧Δ>0,-b2a <k ,f (k )>0⎩⎪⎨⎪⎧Δ>0,-b2a >k ,f (k )>0f (k )<0大致图象(a <0)得出的结论⎩⎪⎨⎪⎧ Δ>0,-b2a <k ,f (k )<0⎩⎪⎨⎪⎧ Δ>0,-b2a >k ,f (k )<0f (k )>0综合结论 (不讨论a ) ⎩⎪⎨⎪⎧Δ>0,-b2a <k ,a ·f (k )>0⎩⎪⎨⎪⎧Δ>0,-b2a >k ,a ·f (k )>0a ·f (k )<0表三:(根在区间上的分布)分布情况两根都在(m ,n )内两根有且仅有一根在(m ,n )内(图象有两种情况,只画了一种)一根在(m ,n )内,另一根在(p ,q )内,m <n < p <q大致图象(a >0)得出的结论⎩⎪⎨⎪⎧Δ>0,f (m )>0,f (n )>0,m <-b2a <nf (m )·f (n ) <0⎩⎪⎨⎪⎧ f (m )>0,f (n )<0,f (p )<0,f (q )>0或⎩⎪⎨⎪⎧f (m )f (n )<0,f (p )f (q )<0 大致图象(a <0)得出的结论⎩⎪⎨⎪⎧Δ>0,f (m )<0,f (n )<0,m <-b2a <nf (m )·f (n ) <0⎩⎪⎨⎪⎧f (m )<0,f (n )>0,f (p )>0,f (q )<0或⎩⎪⎨⎪⎧f (m )f (n )<0,f (p )f (q )<0综合结论 (不讨论a ) ⎩⎪⎨⎪⎧Δ>0,f (m )·f (n )>0,m <-b 2a <nf (m )·f (n ) <0⎩⎪⎨⎪⎧f (m )f (n )<0,f (p )f (q )<0根在区间上的分布还有一种情况:两根分别在区间(m ,n )外,即在区间两侧x 1<m ,x 2>n ,(图形分别如下)需满足的条件是(1)a >0时,⎩⎪⎨⎪⎧ f (m )<0,f (n )<0;(2)a <0时,⎩⎪⎨⎪⎧f (m )>0,f (n )>0.对以上的根的分布表中,两根有且仅有一根在(m ,n )内有以下特殊情况:(ⅰ)若f (m )=0或f (n )=0,则此时f (m )·f (n )<0不成立,但对于这种情况是知道了方程有一根为m 或n ,可以求出另外一根,然后可以根据另一根在区间(m ,n )内,从而可以求出参数的值.如方程mx 2-(m +2)x +2=0在区间(1,3)上有一根,因为f (1)=0,所以mx 2-(m +2)x +2=(x -1)(mx -2),另一根为2m ,由1<2m <3得23<m <2即为所求;(ⅱ)方程有两个相等的根,且这个根在区间(m ,n )内,即Δ=0,此时由Δ=0可以求出参数的值,然后再将参数的值带入方程,求出相应的根,检验根是否在给定的区间内,如若不在,舍去相应的参数.如方程x 2-4mx +2m +6=0有且只有一根在区间(-3,0)内,求m 的取值范围.分析:①由f (-3)·f (0)<0即(14m +15)(m +3)<0得出-3<m <-1514;②由Δ=0即16m 2-4(2m +6)=0得出m =-1或m =32,当m =-1时,根x =-2∈(-3,0),即m =-1满足题意;当m =32时,根x =3∉(-3,0),故m =32不满足题意.综上分析,得出-3<m <-1514或m =-1.例1 已知二次方程(2m +1)x 2-2mx +(m -1)=0有一正根和一负根,求实数m 的取值范围. 解 设f (x )=(2m +1)x 2-2mx +(m -1), 由(2m +1)·f (0)<0 ,即(2m +1)(m -1)<0, 解得-12<m <1,即m 的取值范围为⎝⎛⎭⎫-12,1.例2 已知方程2x 2-(m +1)x +m =0有两个不等正实根,求实数m 的取值范围.解 设f (x )=2x 2-(m +1)x +m ,由⎩⎪⎨⎪⎧ Δ>0,--(m +1)2×2>0,f (0)>0⇒ ⎩⎪⎨⎪⎧(m +1)2-8m >0,m >-1,m >0 ⇒ ⎩⎪⎨⎪⎧m <3-22或m >3+22,m >0 ⇒0<m <3-22或m >3+22, 即m 的取值范围为(0,3-22)∪(3+22,+∞).例3 已知二次函数f (x )=(m +2)x 2-(2m +4)x +3m +3与x 轴有两个交点,一个大于1,一个小于1,求实数m 的取值范围.解 由(m +2)·f (1)<0 ,即(m +2)·(2m +1)<0 ⇒-2<m <-12, 即m 的取值范围为⎝⎛⎭⎫-2,-12. 课时精练1.已知集合A ={x |x 2-x -2<0},B ={x |x 2+3x <0},则A ∩B 等于( )A .(0,2)B .(-1,0)C .(-3,2)D .(-1,3) 答案 B解析 A ={x |-1<x <2},B ={x |-3<x <0},∴A ∩B =(-1,0).故选B.2.若0<t <1,则关于x 的不等式(t -x )⎝⎛⎭⎫x -1t >0的解集为( ) A.⎩⎨⎧⎭⎬⎫x ⎪⎪1t <x <t B.⎩⎨⎧⎭⎬⎫x ⎪⎪x >1t 或x <t C.⎩⎨⎧⎭⎬⎫x ⎪⎪ x <1t或x >t D.⎩⎨⎧⎭⎬⎫x ⎪⎪ t <x <1t 答案 D解析 原不等式可化为(x -t )⎝⎛⎭⎫x -1t <0, ∵0<t <1,∴t <1t, ∴原不等式的解集为⎩⎨⎧⎭⎬⎫x ⎪⎪t <x <1t . 3.(2020·廊坊调研)已知函数f (x )=(ax -1)(x +b ),如果不等式f (x )>0的解集为(-1,3),那么不等式f (-2x )<0的解集为( )A.⎝⎛⎭⎫-∞,-32∪⎝⎛⎭⎫12,+∞ B.⎝⎛⎭⎫-32,12 C.⎝⎛⎭⎫-∞,-12∪⎝⎛⎭⎫32,+∞ D.⎝⎛⎭⎫-12,32 答案 A解析 由f (x )=(ax -1)(x +b )>0的解集是(-1,3),则a <0,故1a=-1,-b =3, 即a =-1,b =-3.∴f (x )=-x 2+2x +3,∴f (-2x )=-4x 2-4x +3,由-4x 2-4x +3<0,解得x >12或x <-32, 故不等式f (-2x )<0的解集是⎝⎛⎭⎫-∞,-32∪⎝⎛⎭⎫12,+∞. 4.已知某产品的总成本y (万元)与产量x (台)之间的函数关系式是y =3 000+20x -0.1x 2,x ∈(0,240).若每台产品的售价为25万元,则生产者不亏本(销售收入不小于总成本)时的最低产量是( )A .100台B .120台C .150台D .180台答案 C解析 由题设,产量为x 台时,总售价为25x ;欲使生产者不亏本,必须满足总售价大于等于总成本,即25x ≥3 000+20x -0.1x 2,即0.1x 2+5x -3 000≥0,x 2+50x -30 000≥0,解得x ≥150或x ≤-200(舍去).故欲使生产者不亏本,最低产量是150台.5.(多选)满足关于x 的不等式(ax -b )(x -2)>0的解集为⎩⎨⎧⎭⎬⎫x ⎪⎪12<x <2,则满足条件的一组有序实数对(a ,b )的值可以是( )A .(-2,-1)B .(-3,-6)C .(2,4)D.⎝⎛⎭⎫-3,-32 答案 AD解析 不等式(ax -b )(x -2)>0的解集为⎩⎨⎧⎭⎬⎫x ⎪⎪12<x <2, ∴方程(ax -b )(x -2)=0的实数根为12和2, 且⎩⎪⎨⎪⎧a <0,b a =12,即a =2b <0,故选AD. 6.(多选)已知函数f (x )=x 2+ax +b (a >0)有且只有一个零点,则( )A .a 2-b 2≤4B .a 2+1b≥4 C .若不等式x 2+ax -b <0的解集为(x 1,x 2),则x 1x 2>0D .若不等式x 2+ax +b <c 的解集为(x 1,x 2),且|x 1-x 2|=4,则c =4答案 ABD解析 因为f (x )=x 2+ax +b (a >0)有且只有一个零点,故可得Δ=a 2-4b =0,即a 2=4b >0. 对于A ,a 2-b 2≤4等价于b 2-4b +4≥0,显然(b -2)2≥0,故A 正确;对于B ,a 2+1b =4b +1b ≥24b ×1b =4,当且仅当4b =1b >0,即b =12时,等号成立,故B 正确; 对于C ,因为不等式x 2+ax -b <0的解集为(x 1,x 2),故x 1x 2=-b <0,故C 错误;对于D ,因为不等式x 2+ax +b <c 的解集为(x 1,x 2),且|x 1-x 2|=4,则方程x 2+ax +b -c =0的两根为x 1,x 2,故可得(x 1+x 2)2-4x 1x 2=a 2-4(b -c )=4c =2c =4,故可得c =4.7.不等式x +2x -1>2的解集为________. 答案 {x |1<x <4}解析 原不等式可化为x +2x -1-2>0, 即(x +2)-2(x -1)x -1>0,即4-x x -1>0, 即(x -1)(x -4)<0,解得1<x <4,∴原不等式的解集为{x |1<x <4}.8.一元二次方程x 2-(k -2)x +k +1=0有一正一负实数根,则k 的取值范围是________. 答案 (-∞,-1)解析 依题意⎩⎪⎨⎪⎧Δ=(k -2)2-4(k +1)>0,k +1<0, 解得k <-1.9.若对任意m ∈[-1,1],函数f (x )=x 2+(m -4)x +4-2m 的值恒大于零,则x 的取值范围是________.答案 (-∞,1)∪(3,+∞)解析 f (x )=x 2+(m -4)x +4-2m =(x -2)m +x 2-4x +4.令g (m )=(x -2)m +x 2-4x +4,由题意知在[-1,1]上,g (m )的值恒大于零,∴⎩⎪⎨⎪⎧g (-1)=(x -2)(-1)+x 2-4x +4>0,g (1)=(x -2)×1+x 2-4x +4>0 ⇒x <1或x >3.10.关于x 的不等式x 2-(a +1)x +a <0的解集中恰有两个整数,则实数a 的取值范围是________.答案 [-2,-1)∪(3,4]解析 不等式x 2-(a +1)x +a <0,可化为(x -1)(x -a )<0,当a =1时,不等式为(x -1)2<0,解集为∅,舍去,当a >1时,不等式的解集为{x |1<x <a },则3<a ≤4,当a <1时,不等式的解集为{x |a <x <1},则-2≤a <-1,综上有-2≤a <-1或3<a ≤4.11.已知关于x 的不等式-x 2+ax +b >0.(1)若该不等式的解集为(-4,2),求a ,b 的值;(2)若b =a +1,求此不等式的解集.解 (1)根据题意得⎩⎪⎨⎪⎧2-4=a ,2×(-4)=-b , 解得a =-2,b =8.(2)当b =a +1时,-x 2+ax +b >0⇔x 2-ax -(a +1)<0,即[x -(a +1)](x +1)<0.当a +1=-1,即a =-2时,原不等式的解集为∅;当a +1<-1,即a <-2时,原不等式的解集为(a +1,-1);当a +1>-1,即a >-2时,原不等式的解集为(-1,a +1).综上,当a <-2时,不等式的解集为(a +1,-1);当a =-2时,不等式的解集为∅;当a >-2时, 不等式的解集为(-1,a +1).12.某商品每件成本价为80元,售价为100元,每天售出100件.若售价降低x 成(1成=10%),售出商品数量就增加85x 成.要求售价不能低于成本价. (1)设该商店一天的营业额为y 元,试求y 与x 之间的函数关系式y =f (x ),并写出定义域;(2)若要求该商品一天营业额至少为10 260元,求x 的取值范围.解 (1)由题意得,y =100⎝⎛⎭⎫1-x 10·100⎝⎛⎭⎫1+850x . 因为售价不能低于成本价,所以100⎝⎛⎭⎫1-x 10-80≥0, 解得0≤x ≤2.所以y =f (x )=40(10-x )(25+4x ),定义域为{x |0≤x ≤2}.(2)由题意得40(10-x )(25+4x )≥10 260,化简得8x 2-30x +13≤0,解得12≤x ≤134. 所以x 的取值范围是⎣⎡⎦⎤12,2.13.已知a ,b ,c ,d 都是常数,a >b ,c >d .若f (x )=2 021-(x -a )(x -b )的零点为c ,d ,则下列不等式正确的是( )A .a >c >b >dB .a >b >c >dC .c >d >a >bD .c >a >b >d答案 D解析 f (x )=2 021-(x -a )(x -b )=-x 2+(a +b )x -ab +2 021,又f (a )=f (b )=2 021,c ,d 为函数f (x )的零点,且a >b ,c >d ,所以可在平面直角坐标系中作出函数f (x )的大致图象,如图所示,由图可知c >a >b >d ,故选D.14.若不等式x 2+ax -2>0在区间[1,5]上有解,则a 的取值范围是( )A.⎝⎛⎭⎫-235,+∞ B.⎣⎡⎦⎤-235,1 C .(1,+∞)D.⎝⎛⎦⎤-∞,-235 答案 A解析 由Δ=a 2+8>0知方程恒有两个不等实根,又因为x 1x 2=-2<0,所以方程必有一正根,一负根,对应二次函数图象的示意图如图.所以不等式在区间[1,5]上有解的充要条件是f (5)>0,解得a >-235.15.已知二次函数f (x )=-x 2+2x +3,不等式f (x )≥m 的解集的区间长度为6(规定:闭区间[a ,b ]的长度为b -a ),则实数m 的值是________.答案 -5解析 不等式f (x )≥m 可化为x 2-2x -3+m ≤0,令x 2-2x -3+m ≤0的解集为{x |x 1≤x ≤x 2},则x 2-x 1=6,∵⎩⎪⎨⎪⎧x 1+x 2=2,x 1·x 2=m -3, 又∵(x 2-x 1)2=(x 1+x 2)2-4x 1x 2=36,∴4-4(m -3)=36,即m =-5.16.已知f (x )=2x 2+bx +c ,不等式f (x )<0的解集是(0,5).(1)若不等式组⎩⎪⎨⎪⎧f (x )>0,f (x +k )<0的正整数解只有一个,求实数k 的取值范围; (2)若对于任意x ∈[-1,1],不等式t ·f (x )≤2恒成立,求t 的取值范围.解 (1)因为不等式f (x )<0的解集是(0,5),所以0,5是一元二次方程2x 2+bx +c =0的两个实数根,可得⎩⎨⎧ 0+5=-b 2,0×5=c 2,解得⎩⎪⎨⎪⎧b =-10,c =0. 所以f (x )=2x 2-10x .不等式组⎩⎪⎨⎪⎧ f (x )>0,f (x +k )<0, 即⎩⎪⎨⎪⎧2x 2-10x >0,2(x 2+2kx +k 2)-10(x +k )<0, 解得⎩⎪⎨⎪⎧x <0或x >5,-k <x <5-k , 因为不等式组的正整数解只有一个,可得该正整数解为6, 可得6<5-k ≤7,解得-2≤k <-1,所以k 的取值范围是[-2,-1).(2)tf (x )≤2,即t (2x 2-10x )≤2,即tx 2-5tx -1≤0,当t =0时显然成立,当t >0时,有⎩⎪⎨⎪⎧ t ·1-5t ·(-1)-1≤0,t ·1-5t ·1-1≤0, 即⎩⎪⎨⎪⎧t +5t -1≤0,t -5t -1≤0, 解得-14≤t ≤16,所以0<t ≤16; 当t <0时,函数y =tx 2-5tx -1在[-1,1]上单调递增, 所以只要其最大值满足条件即可,所以t -5t -1≤0,解得t ≥-14,即-14≤t <0, 综上,t 的取值范围是⎣⎡⎦⎤-14,16.。
《步步高》2014届高考数学浙江专用(理)大一轮复习讲义【配套课件】选修4-1解答题(要点梳理+基础自测+题
难点正本 疑点清源
3.与圆有关的等角问题
(8)切割线定理
找角相等,要有找同弧
从圆外一点引圆的一条割线与一条切 或等弧所对的圆周角,
线,切线长是这点到割线与圆的两个交 并注意结合应用弦切角
点的线段长的 等比中项 .
定理的意识.
基础知识·自主学习
要点梳理 (9)圆内接四边形的性质与判定定理 ①圆内接四边形判定定理 (ⅰ)如果四边形的对角 互补 ,则此四边 形内接于圆; (ⅱ)如果四边形的一个外角 等于 它的 内角的对角,那么这个四边形的四个顶 点共圆.
证中明,∠∵B∠ABCA=C=909°,0°,ADA⊥D⊥BCB,C,E ∴∠ADB=∠ADC=∠BAC=90°,
是 AC 的中点,ED 交 AB 的延长 ∴∴线∠∠于11+=F∠∠,2A求=C证B90,:°,∴AA∠BC△=2A+DBA∠DFF∽.AC△BC=A9D0,°,∴AABC=BADD.
解析
题型分类·深度剖析
变式训练 1 如图,▱ABCD 中,E 是 CD 的延长线上一点,BE 与 AD 交于点 F,DE=12CD. (1)求证:△ABF∽△CEB;
(2)若△DEF 的面积为 2,求▱ABCD 的面积. (1)证明 ∵四边形 ABCD 是平行四边形, ∴∠A=∠C,AB∥CD,∴∠ABF=∠CEB, ∴△ABF∽△CEB. (2)解 ∵四边形 ABCD 是平行四边形, ∴AD∥BC,AB∥CD, ∴△DEF∽△CEB,△DEF∽△ABF.
∴△AFH∽△GFB.∴HBFF=GAFF, ∴AF·BF=GF·HF.
∵在 Rt△ABD 中,FD⊥AB, ∴DF2=AF·BF, ∴DF2=GF·HF.
题型分类·深度剖析
题型二
直角三角形射影定理及其应用
2021届步步高数学大一轮复习讲义(理科)第三章 高考专题突破一 第1课时 导数与不等式
∴ln x0=21x0-32, ∴当x∈(0,x0)时,g′(x)<0; 当x∈(x0,+∞)时,g′(x)>0, ∴g(x)的单调递减区间为(0,x0),单调递增区间为(x0,+∞), ∴g(x)min=g(x0)=(2x0-1)ln x0+x0 =(2x0-1)21x0-32+x0 =52-2x0-21x0, 令 m(x)=25-2x-21x,x∈12,1
故h(x)在(0,1)上单调递增,在(1,+∞)上单调递减, 从而 h(x)在(0,+∞)上的最大值为 h(1)=-1e. 因为 g(x)min=g1e=h(1)=h(x)max, 所以当x>0时,g(x)>h(x),即f(x)>1.
题型二 师生共研 不等式恒成立或有解问题
例3
已知函数
f
(x)=1+xln
证明 由①知,f(x)在x=1处取得极大值也为最大值,最大值为f(1)=0.
所以当x≠1时,ln x<x-1.
故当 x∈(1,+∞)时,ln x<x-1,ln 1x<1x-1,
即
x-1 1< ln x <x.
(2)已知函数 f(x)=exln x+2xex-1,证明:f(x)>1.
证明 函数f(x)的定义域为(0,+∞). f(x)>1 等价于 xln x>xe-x-2e. 设函数g(x)=xln x,则g′(x)=1+ln x,
解 f′(x)=xe-a(x>0). ①若a≤0,则f′(x)>0,f(x)在(0,+∞)上单调递增; ②若 a>0,则当 0<x<ae时,f′(x)>0,当 x>ae时,f′(x)<0, 故 f(x)在0,ae上单调递增,在ae,+∞上单调递减.
2017版新步步高高考数学大一轮复习讲义课件:第14章 系列4选讲 14.4 课时2
1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
1.已知x+y=1,求2x2+3y2的最小值.
解
由柯西不等式(2x2+3y2)·
122+
1
2
3
≥
2x·12+
3y·132=(x+y)2=1,
∴2x2+3y2≥65,当且仅当 2x=3y,即 x=35,y=25时,等号成立.
所以 2x2+3y2 的最小值为65.
证明不等式的方法和技巧: (1)如果已知条件与待证明的结论直接联系不明显,可考虑用分析法;如果待 证的命题以“至少”“至多”等方式给出或否定性命题、唯一性命题,则考
虑用反证法;如果待证不等式与自然数有关,则考虑用数学归纳法等. (2)在必要的情况下,可能还需要使用换元法、构造法等技巧简化对问题的
表述和证明.尤其是对含绝对值不等式的解法或证明,其简化的基本思路是去 绝对值号,转化为常见的不等式(组)求解.多以绝对值的几何意义或“找零点、 分区间、逐个解、并起来”为简化策略,而绝对值三角不等式,往往作为 不等式放缩的依据.
∴1x+1yx+ymin=4,即-λ≤4,λ≥-4.
123
第十解二页析,答编辑案于星期六:三点 十分返。 回
题型分类 深度剖析
第十三页,编辑于星期六:三点 十分。
题型一 用综合法与分析法证明不等式
例 1 (1)已知 x,y 均为正数,且 x>y,求证:2x+x2-21xy+y2≥2y+3; 证明 因为x>0,y>0,x-y>0, 2x+x2-21xy+y2-2y=2(x-y)+x-1 y2=(x-y)+(x-y)+x-1 y2
③ 柯 西 不 等 式 的 三 角 不 等 式 : 设 x1 , y1 , x2 , y2 , x3 , y3∈R , 则 x1-x22+y1-y22+ x2-x32+y2-y32≥ x1-x32+y1-y32.
浙江省高考数学一轮复习第二章不等式第4节绝对值不等式及其应用课件
【训练3】 (2018·全国Ⅲ卷)设函数f(x)=|2x+1|+|x-1|. (1)画出y=f(x)的图象; (2)当x∈[0,+∞)时,f(x)≤ax+b,求a+b的最小值.
-3x,x<-12, 解 (1)f(x)=x+2,-12≤x<1,
3x,x≥1. y=f(x)的图象如图所示.
(2)由(1)知,y=f(x)的图象与y轴交点的纵坐标为2,且各部分所在直线斜率的最大 值为3,故当且仅当a≥3且b≥2时,f(x)≤ax+b在[0,+∞)成立,因此a+b的最小 值为5.
【例3】 (2018·全国Ⅱ卷)设函数f(x)=5-|x+a|-|x-2|. (1)当a=1时,求不等式f(x)≥0的解集; (2)若f(x)≤1,求a的取值范围.
2x+4,x≤-1, 解 (1)当 a=1 时,f(x)=2,-1<x≤2,
-2x+6,x>2.
可得 f(x)≥0 的解集为{x|-2≤x≤3}.
解 (1)∵|2 018-x|+|2 019-x|≥|2 018-x-2 019+x|=1, ∴关于x的不等式|2 018-x|+|2 019-x|≤d有解时,d≥1. (2)∵x+1x∈(-∞,-2]∪[2,+∞), ∴x+1x∈[2,+∞),其最小值为 2. 又∵sin y 的最大值为 1, 故不等式x+1x≥|a-2|+sin y 恒成立时,有|a-2|≤1,解得 a∈[1,3].
【训练1】 已知函数f(x)=|x+1|-|x-2|,则: (1)不等式f(x)≥1的解集为________; (2)若不等式f(x)≥x2-x+m的解集非空,则m的取值范围为________. 解析 (1)f(x)=- 2x-3,1,x<--11≤,x≤2,当 x<-1 时,f(x)=-3≥1 无解; 3,x>2. 当-1≤x≤2 时,由 2x-1≥1,得 1≤x≤2;当 x>2 时,f(x)=3≥1 恒成立. 故 f(x)≥1 的解集为[1,+∞).
2021届浙江新高考数学一轮复习课件:第七章 4 第4讲 基本不等式
第4讲 基本不等式
数学
01
基础知识 自主回顾
02
核心考点 深度剖析
03
方法素养 助学培优
04
高效演练 分层突破
1.基本不等式: ab≤a+2 b
(1)基本不等式成立的条件:a≥0,b≥0. (2)等号成立的条件:当且仅当__a_=__b__时取等号.
a+b (3)其中__2_____称为正数 a,b 的算术平均数,__a_b____称为正数 a,b 的几何平均数.
【解】 (1)设 DN 的长为 x(x>0)米,则|AN|=(x+2)米. 因为||DANN||=||ADMC||,所以|AM|=3(x+ x 2), 所以 S 矩形 AMPN=|AN|·|AM|=3(x+x 2)2. 由 S 矩形 AMPN>32 得3(x+x 2)2>32. 又 x>0 得 3x2-20x+12>0,解得 0<x<23或 x>6, 即 DN 长的取值范围是0,23∪(6,+∞).
(2)因为 x<54,所以 5-4x>0, 则 f(x)=4x-2+4x1-5=-5-4x+5-14x+3≤-2+3=1. 当且仅当 5-4x=5-14x,即 x=1 时,等号成立. 故 f(x)=4x-2+4x1-5的最大值为 1. 【答案】 (1)15 (2)1
角度二 求含有等式条件的函数最值
2.几个重要的不等式 (1)a2+b2≥__2_a_b___ (a,b∈R),当且仅当 a=b 时取等号. (2)ab≤a+2 b2(a,b∈R),当且仅当 a=b 时取等号. (3)a2+2 b2≥a+2 b2(a,b∈R),当且仅当 a=b 时取等号. (4)ba+ab≥__2___ (a,b 同号),当且仅当 a=b 时取等号.
浙江省高考数学一轮复习第二章不等式第1节不等关系与不等式一元二次不等式及其解法课件
规律方法 (1)比较大小常用的方法: ①作差法;②作商法;③函数的单调性法. (2)判断多个不等式是否成立,常用方法:一是直接使用不等式性质,逐个验证; 二是用特殊法排除.
【训练 1】 (1)已知 p=a+a-1 2,q=12x2-2,其中 a>2,x∈R,则 p,q 的大小
关系是( )
A.p≥q
考点一 比较大小及不等式的性质的应用
【例1】 (1)已知实数a,b,c满足b+c=6-4a+3a2,c-b=4-4a+a2,则a,b,c
的大小关系是( )
A.c≥b>a
B.a>c≥b
C.c>b>a
D.a>c>b
(2)已知非负实数a,b,c满足a+b+c=1,则(c-a)(c-b)的取值范围为________.
知识梳理
1.两个实数比较大小的方法
(1)作差法aa- -bb> =00⇔ ⇔aa_=>_b_, _b, a-b<0⇔a_<___b;
ab>1⇔a_>___b(a∈R,b>0),
(2)作商法ab=1⇔a=b(a∈R,b≠0),
ab<1⇔a_<___b(a∈R,b>0).
2.不等式的性质 (1)对称性:a>b⇔b<a; (2)传递性:a>b,b>c⇒a>c; (3)可加性:a>b⇔a+c__>__b+c;a>b,c>d⇒a+c__>__ b+d; (4)可乘性:a>b,c>0⇒ac__>__ bc;a>b>0,c>d>0⇒ac__>__ bd; (5)可乘方:a>b>0⇒an__>__ bn(n∈N,n≥1);
考点三 一元二次不等式的恒成立问题
多维探究
角度1 在R上恒成立
【例 3-1】 若一元二次不等式 2kx2+kx-38<0 对一切实数 x 都成立,则 k 的取值
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(2)当 a>0 时,原不等式化为 2 2 (x- )(x+1)≥0⇔x≥ 或 x≤-1; a a (3)当 a<0 时,原不等式化为 2 (x- )(x+1)≤0. a
高考题型突破
题型一 含参数不等式的解法
思维启迪 解析 思维升华 2 ①当a>-1,即 a<-2 时,原不等式 2 等价于-1≤x≤a; 2 ②当a=-1, 即 a=-2 时, 原不
数学
浙(理)
专题四 高考中的不等式问题
第六章 不等式
考点自测
自我检测 查缺补漏
题号
1 2 3 4
答案
D D C
3
(-1,4)
解析
5
高考题型突破
题型一 含参数不等式的解法
思维启迪 解析 思维升华
【例 1】 解关于 x 的不等式 ax2 -2≥2x-ax(a∈R).
高考题型突破
题型一 含参数不等式的解法
a a a a ③a<0 时,-4>3,解集为 x|x<3或x>-4.
解
综上所述,当 a>0
a a 时,不等式的解集为 x|x<-4或x>3;
当 a=0 时,不等式的解集为{x|x∈R 且 x≠0}; 当 a<0
a a . x | x < 或 x > - 时,不等式的解集为 3 4
思维启迪 解析 思维升华
【例 1】 解关于 x 的不等式 ax2 -2≥2x-ax(a∈R).
先讨论二次项的符号,再讨论 两根的大小关系.
高考题型突破
题型一 含参数不等式的解法
思维启迪 解析 思维升华
【例 1】 解关于 x 的不等式 ax2 -2≥2x-ax(a∈R).
解
原不等式可化为
ax2+(a-2)x-2≥0⇔ (ax-2)(x+1)≥0. (1)当 a=0 时, 原不等式化为 x+1≤0⇔x≤-1;
【例 1】 解关于 x 的不等式 ax2 -2≥2x-ax(a∈R).
等式等价于 x=-1; 2 ③当a<-1,即-2<a<0 时,原不 2 等式等价于a≤x≤-1. 综上所述:当 a<-2 时,原不等式 2 的解集为-1,a;
高考题型突破
题型一 含参数不等式的解法
思维启迪 解析 思维升华
【例 1】 解关于 x 的不等式 ax2 -2≥2x-ax(a∈R).
当 a=-2 时,原不等式的解集为 {-1};
当-2<a<0 时,原不等式的解集 2 为a,-1;
当 a=0 时,原不等式的解集为 (-∞,-1];
当 a>0 时,原不等式的解集为 2 (-∞,-1]∪a,+∞.
高考题型突破
题型一 含参数不等式的解法
2
【例 1】 解关于 x 的不等式 ax -2≥2x-ax(a∈R).
思维启迪
解析
思维升华
解含参数的一元二次不等式的步骤
(1) 若二次项含有参数应讨论是否 等于 0,小于 0,还是大于 0.然后 将不等式转化为二次项系数为正 的形式.
(2)判断方程的根的个数, 讨论判别 式 Δ 与 0 的关系.
盈利关于 x、y 的关系式.
高பைடு நூலகம்题型突破
题型二
【 例 2】
线性规划问题
制订投资计划时,不仅
思维启迪 解析 思维升华
要考虑可能获得的盈利,而且要 解 设投资人分别用 x 万元、 y 万元 考虑可能出现的亏损.某投资人 投资甲、乙两个项目, 打算投资甲、乙两个项目,根据 预测,甲、乙项目可能的最大盈 利率分别为 100%和 50%,可能 的 最 大 亏 损 率 分 别 为 30% 和 10%. 若投资人计划投资金额不 超过 10 万元, 要求确保可能的资
高考题型突破
题型二
【 例 2】
线性规划问题
制订投资计划时,不仅
思维启迪 解析 思维升华
要考虑可能获得的盈利,而且要 考虑可能出现的亏损.某投资人 打算投资甲、乙两个项目,根据 预测,甲、乙项目可能的最大盈 利率分别为 100%和 50%,可能 的 最 大 亏 损 率 分 别 为 30% 和 10%. 若投资人计划投资金额不 超过 10 万元, 要求确保可能的资 金亏损不超过 1.8 万元,问投资 人对甲、乙两个项目各投资多少 万元,才能使可能的盈利最大?
思维启迪 解析 思维升华
要考虑可能获得的盈利,而且要 阴影部分(含边界)即为可行域. 考虑可能出现的亏损.某投资人 将 z=x+0.5y 变形为 y=-2x+2z, 打算投资甲、乙两个项目,根据 这是斜率为-2、随 z 变化的一族 预测,甲、乙项目可能的最大盈 平行线, 利率分别为 100%和 50%,可能 当直线 y=-2x+2z 经过可行域内 的 最 大 亏 损 率 分 别 为 30% 和 的点 M 时, 10%. 若投资人计划投资金额不 超过 10 万元, 要求确保可能的资 金亏损不超过 1.8 万元,问投资 人对甲、乙两个项目各投资多少 万元,才能使可能的盈利最大?
x+y≤10, 0.3x+0.1y≤1.8, 由题意知 x≥0, y≥0, 目标函数
z=x+0.5y. 金亏损不超过 1.8 万元,问投资 上述不等式组表示的 人对甲、乙两个项目各投资多少 平面区域如图所示,
万元,才能使可能的盈利最大?
高考题型突破
题型二
【 例 2】
线性规划问题
制订投资计划时,不仅
高考题型突破
题型二
【 例 2】
线性规划问题
制订投资计划时,不仅
思维启迪 解析 思维升华
要考虑可能获得的盈利,而且要 考虑可能出现的亏损.某投资人 打算投资甲、乙两个项目,根据
要建立线性规划问题模型,可设
乙两项目投资分别为 x 万元、 预测,甲、乙项目可能的最大盈 甲、
利率分别为 100%和 50%,可能 y 万元,寻找 x、y 的限制条件和 的 最 大 亏 损 率 分 别 为 30% 和 10%. 若投资人计划投资金额不 超过 10 万元, 要求确保可能的资 金亏损不超过 1.8 万元,问投资 人对甲、乙两个项目各投资多少 万元,才能使可能的盈利最大?
(3)当方程有两个根时, 要讨论两根 的大小关系,从而确定解集形式.
高考题型突破
4x+a 跟踪训练 1 解关于 x 的不等式 >0. 3x-a
原不等式等价于(4x+a)(3x-a)>0, a a 令(4x+a)(3x-a)=0, 得:x1=- ,x2= . 4 3 a a a a ①a>0 时,- < ,解集为 x|x<-4或x>3; 4 3 ②a=0 时,x2>0,解集为{x|x∈R 且 x≠0};