全国重点名校高考数学难点突破:填空题小题训练
2022年高考数学圆锥曲线重难点专题突破(全国通用)专题09 双曲线中的定点、问题含解析
(A,B 异于点 Q),若 k1 k2 1,试判断直线 AB 是否经过定点,若存在定点,求出该定点坐标;若不存在, 说明理由.
22.在平面直角坐标系 xOy 中,已知动点 P 到点 F 2, 0 的距离与它到直线 x 3 的距离之比为 2 3 .记点 P
2
3
的轨迹为曲线 C .
(1)求曲线 C 的方程;
(2)过点 F 作两条互相垂直的直线 l1 ,l2 .l1 交曲线 C 于 A ,B 两点,l2 交曲线 C 于 S ,T 两点,线段 AB 的
中点为 M ,线段 ST 的中点为 N .证明:直线 MN 过定点,并求出该定点坐标.
专题 09 双曲线中的定点、定值、定直线问题
2,过
A1
点且斜率
1
的直线
l
与双曲线
C
交于另一点
B
,已知
△A1BF
的面积为
9 2
.
(1)求双曲线的方程;
(2)若过 F 的直线与双曲线 C 交于 M , N 两点,试探究直线 A1M 与直线 A2N 的交点 Q 是否在某条定直线
上?若在,请求出该定直线方程;若不在,请说明理由.
19.已知双曲线 C : x2 y2 1的左、右顶点分别为 A, B ,过右焦点 F 的直线 l 与双曲线 C 的右支交于 P,Q 45
16.已知双曲线
x2 a2
y2 b2
1
(a
0, b
0)
,过双曲线上任意一点
P
分别作斜率为
b a
和
b a
高考数学难点突破_难点41__应用问题
难点41 应用性问题数学应用题是指利用数学知识解决其他领域中的问题.高考对应用题的考查已逐步成熟,大体是三道左右的小题和一道大题,注重问题及方法的新颖性,提高了适应陌生情境的能力要求. ●难点磁场1.(★★★★★)一只小船以10 m/s 的速度由南向北匀速驶过湖面,在离湖面高20米的桥上,一辆汽车由西向东以20 m/s 的速度前进(如图),现在小船在水平P 点以南的40米处,汽车在桥上以西Q 点30米处(其中PQ ⊥水面),则小船与汽车间的最短距离为 .(不考虑汽车与小船本身的大小).2.(★★★★★)小宁中午放学回家自己煮面条吃,有下面几道工序:(1)洗锅盛水2分钟;(2)洗菜6分钟;(3)准备面条及佐料2分钟;(4)用锅把水烧开10分钟;(5)煮面条和菜共3分钟.以上各道工序除(4)之外,一次只能进行一道工序,小宁要将面条煮好,最少用分钟.3.(★★★★★)某产品生产厂家根据以往的生产销售经验得到下面有关销售的统计规律:每生产产品x (百台),其总成本为G (x )万元,其中固定成本为2万元,并且每生产100台的生产成本为1万元(总成本=固定成本+生产成本),销售收入R (x )满足R (x )=⎩⎨⎧>≤≤-+-)5(2.10)50( 8.02.44.02x x x x .假定该产品销售平衡,那么根据上述统计规律. (1)要使工厂有盈利,产品x 应控制在什么范围?(2)工厂生产多少台产品时赢利最大?并求此时每台产品的售价为多少?●案例探究[例1]为处理含有某种杂质的污水,要制造一个底宽为2米的无盖长方体沉淀箱(如图),污水从A 孔流入,经沉淀后从B 孔流出,设箱体的长度为a 米,高度为b 米,已知流出的水中该杂质的质量分数与a 、b 的乘积ab 成反比,现有制箱材料60平方米,问当a 、b 各为多少米时,经沉淀后流出的水中该杂质的质量分数最小(A 、B 孔的面积忽略不计)?命题意图:本题考查建立函数关系、不等式性质、最值求法等基本知识及综合应用数学知识、思想与方法解决实际问题能力,属★★★★级题目.知识依托:重要不等式、导数的应用、建立函数关系式.错解分析:不能理解题意而导致关系式列不出来,或a 与b 间的等量关系找不到.技巧与方法:关键在于如何求出函数最小值,条件最值可应用重要不等式或利用导数解决.解法一:设经沉淀后流出的水中该杂质的质量分数为y ,则由条件y =abk (k >0为比例系数)其中a 、b 满足2a +4b +2ab =60 ①要求y 的最小值,只须求ab 的最大值.由①(a +2)(b +1)=32(a >0,b >0)且ab =30–(a +2b )应用重要不等式a +2b =(a +2)+(2b +2)–4≥124)22)(2(2=-++b a∴ab ≤18,当且仅当a =2b 时等号成立将a =2b 代入①得a =6,b =3.故当且仅当a =6,b =3时,经沉淀后流出的水中该杂质的质量分数最小.解法二:由2a +4b +2ab =60,得a a b +-=230, 记aa a ab u +-==2)30((0<a <30)则要求y 的最小值只须求u 的最大值. 由22)2()2(64++-='a a u ,令u ′=0得a =6 且当0<a <6时,u ′>0,当6<u <30时u ′<0, ∴aa a u +-=2)30(在a =6时取最大值,此时b =3. 从而当且仅当a =6,b =3时,y =ab k 取最小值. [例2]某城市2001年末汽车保有量为30万辆,预计此后每年报废上一年末汽车保有量的6%,并且每年新增汽车数量相等.为保护城市环境,要求该城市汽车保有量不超过60万辆,那么每年新增汽车数量不应超过多少辆?命题意图:本题考查等比数列、数列求和解不等式等知识以及极限思想方法和运用数学知识解决实际问题的能力,属★★★★★级题目.知识依托:数列极限、等比数列、解不等式.错解分析:①不能读懂题意,找不到解题的突破口;②写出b n +1与x 的关系后,不能进一步转化为极限问题;③运算出错,得不到准确结果.技巧与方法:建立第n 年的汽车保有量与每年新增汽车数量之间的函数关系式是关键、尽管本题入手容易,但解题过程中的准确性要求较高.解:设2001年末的汽车保有量为b 1万辆,以后各年汽车保有量依次为b 2万辆,b 3万辆,……每年新增汽车x 万辆,则b 1=30,b 2=b 1×0.94+x ,…对于n >1,有b n +1=b n ×0.94+x =b n –1×0.942+(1+0.94)x ,…所以b n +1=b 1×0.94n +x (1+0.94+0.942+…+0.94n –1)=b 1×0.94n +n n x x x 94.0)06.030(06.006.094.01⨯-+=⋅-. 当06.030x -≥0,即x ≤1.8时,b n +1≤b n ≤…≤b 1=30 当06.030x -<0,即x >1.8时,06.0]94.0)06.030(06.0[lim 1x x x n n =⨯-+-∞→ 并且数列{b n }逐项递增,可以任意靠近06.0x . 因此如果要求汽车保有量不超过60万辆,即b n ≤60(n =1,2,…)则有06.0x ≤60,所以x ≤3.6综上,每年新增汽车不应超过3.6万辆.●锦囊妙计1.解应用题的一般思路可表示如下2.解应用题的一般程序(1)读:阅读理解文字表达的题意,分清条件和结论,理顺数量关系,这一关是基础.(2)建:将文字语言转化为数学语言,利用数学知识,建立相应的数学模型.熟悉基本数学模型,正确进行建“模”是关键的一关.(3)解:求解数学模型,得到数学结论.一要充分注意数学模型中元素的实际意义,更要注意巧思妙作,优化过程.(4)答:将数学结论还原给实际问题的结果.3.中学数学中常见应用问题与数学模型(1)优化问题.实际问题中的“优选”“控制”等问题,常需建立“不等式模型”和“线性规划”问题解决.(2)预测问题:经济计划、市场预测这类问题通常设计成“数列模型”来解决.(3)最(极)值问题:工农业生产、建设及实际生活中的极限问题常设计成“函数模型”,转化为求函数的最值.(4)等量关系问题:建立“方程模型”解决(5)测量问题:可设计成“图形模型”利用几何知识解决.●歼灭难点训练一、选择题1.(★★★★)某商场对顾客实行购物优惠活动,规定一次购物付款总额:①如果不超过200元,则不予优惠,②如果超过200元但不超过500元,则按标价给予9折优惠,③如果超过500元,其500元按②条给予优惠,超过500元的部分给予7折优惠.某人两次去购物,分别付款168元和423元,假设他一次购买上述同样的商品,则应付款( )A.413.7元B.513.7元C.546.6元D.548.7元2.(★★★★)某体育彩票规定:从01到36共36个号码中抽出7个号码为一注,每注2元.某人想先选定吉利号18,然后再从01到17中选3个连续的号,从19到29中选2个连续的号,从30到36中选1个号组成一注,则此人把这种要求的号买全,至少要花( )A.1050元B.1052元C.2100元D.2102元二、填空题3.(★★★★)一个球从100米高处自由落下,每次着地后又跳回到原高度的一半再落下,当它最后静止在地面上时,共经过了米.4.(★★★★)有一广告气球直径为6米,放在公司大楼上空(如图),当某行人在A地观测气球时,其中心仰角为∠BAC=30°,并测得气球的视角β=2°,若θ很小时,可取sinθ=θ,试估计气球的高B C的值约为米.三、解答题5.(★★★★★)运输一批海鲜,可在汽车、火车、飞机三种运输工具中选择,它们的速度分别为v 千米/小时、2v 千米/小时、10v 千米/小时,每千米的运费分别为a 元、b 元、c 元.且b <a <c ,又这批海鲜在运输过程中的损耗为m 元/小时,若使用三种运输工具分别运输时各自的总费用(运费与损耗之和)互不相等.试确定使用哪种运输工具总费用最省.(题中字母均为正的已知量)6.(★★★★)已知某海滨浴场的海浪高度y (米)是时间t (0≤t ≤24,单位小时)的t (时) 0 36 9 12 15 18 21 24 y (米) 1.51.0 0.5 1.0 1.49 1 0.51 0.99 1.5 (1)根据以上数据,求出函数y =A cos ωt +b 的最小正周期T ,振幅A 及函数表达式;(2)依据规定,当海浪高度高于1米时才对冲浪爱好者开放,请依据(1)的结论,判断一天内的上午8:00至晚上20:00之间,有多少时间可供冲浪者进行运动.7.(★★★★★)某外商到一开放区投资72万美元建起一座蔬菜加工厂,第一年各种经费12万美元,以后每年增加4万美元,每年销售蔬菜收入50万美元.(1)若扣除投资及各种经费,则从第几年开始获取纯利润?(2)若干年后,外商为开发新项目,有两种处理方案:①年平均利润最大时以48万美元出售该厂;②纯利润总和最大时,以16万元出售该厂,问哪种方案最合算?8.(★★★★★)某厂使用两种零件A 、B 装配两种产品P 、Q ,该厂的生产能力是月产P 产品最多有2500件,月产Q 产品最多有1200件;而且组装一件P 产品要4个A 、2个B ,组装一件Q 产品要6个A 、8个B ,该厂在某个月能用的A 零件最多14000个;B 零件最多12000个.已知P 产品每件利润1000元,Q 产品每件2000元,欲使月利润最大,需要组装P 、Q 产品各多少件?最大利润多少万元.参 考 答 案●难点磁场1.解析:设经过时间t 汽车在A 点,船在B 点,(如图),则AQ =30–20t ,BP =40–10t ,PQ =20,且有AQ ⊥BP ,PQ ⊥AQ ,PQ ⊥PB ,设小船所在平面为α,AQ ,QP 确定平面为β,记α∩β=l ,由AQ ∥α,AQ ⊂β得AQ ∥l ,又AQ ⊥PQ ,得PQ ⊥l ,又PQ ⊥PB ,及l ∩PB =P 得PQ⊥α.作AC ∥PQ ,则AC ⊥α.连CB ,则AC ⊥CB ,进而AQ ⊥BP ,CP ∥AQ 得CP ⊥BP ,∴AB 2=AC 2+BC 2=PQ 2+PB 2+PC 2=202+(40–10t )2+(30–20t )2=100[5(t –2)2+9],t =2时AB 最短,最短距离为30 m.答案:30 m2.解析:按以下工序操作所需时间最少,①、④(并在此时完成②、③、⑤)所用时间为2+10+3=15分钟.答案:153.解:依题意,G (x )=x +2,设利润函数为f (x ),则⎩⎨⎧>-≤≤-+-=)5(2.8)50( 8.22.34.0)(2x x x x x x f(1)要使工厂有赢利,则有f (x )>0.当0≤x ≤5时,有–0.4x 2+3.2x –2.8>0,得1<x <7,∴1<x ≤5.当x >5时,有8.2–x >0,得x <8.2,∴5<x <8.2.综上,要使工厂赢利,应满足1<x <8.2.即产品应控制在大于100台小于820台的范围内.(2)0≤x ≤5时,f (x )=–0.4(x –4)2+3.6故当x =4时,f (x )有最大值3.6.而当x >5时f (x )<8.2–5=3.2所以当工厂生产400台产品时,赢利最大,此时只须求x =4时,每台产品售价为4)4(R =2.4(万元/百台)=240(元/台).●歼灭难点训练一、1.解析:此人购买的商品原价为168+423÷90%=638元,若一次购买同样商品应付款为500×90%+(638–500)×70%=450+96.5=546.6元.答案:C2.解析:从01到17中选连续3个号有15种方法,从19到29中选连续2个号有10种选法,从30到36中选1个有7种选法,故购买注数为1050注至少花1050×2=2100元.答案:C二、3.解析:小球经过的路程为:30020021121100100)21(21004121002121003=⨯-+=++⨯+⨯⨯+⨯⨯+= s m. 答案:3004.提示:sin2°=90π答案:86 m三、5.解:设运输路程为S (千米),使用汽车、火车、飞机三种运输工具运输时各自的总费用分别为y 1(元)、y 2(元)、y 3(元).则由题意,,)2(.)(21S vm b y S v m a m v S aS y +=+=+= S vm b a y y S v m c y ]2)[(.)10(213+-=-+=,由a >b ,各字母均为正值,所以y 1–y 2>0,即y 2<y 1.由y 3–y 2=[(c –b )–v m 52]S .令y 3–y 2>0,由c >b 及每字母都是正值,得c >b +vm 52.所以,当c >b +v m 52时y 2<y 3,由y 2<y 1即y 2最小,当b <a <c <b +vm 52时,y 3<y 2<y 1,y 3最小. 6.解:(1)由表中数据,知T =12,ω=62ππ=T . 由t =0,y =1.5得A +b =1.5.由t =3,y =1.0,得b =1.0.所以,A =0.5,b =1.振幅A =21, ∴y =16cos 21+t π (2)由题意知,当y >1时,才可对冲浪者开放.∴16cos 21+t π>1, t 6cos π>0.∴2k π–2262ππππ+<<k t ,即有12k –3<t <13k +3.由0≤t ≤24,故可令k =0,1,2,得0≤t <3或9<t <15或21<t ≤24.∴在规定时间内有6个小时可供冲浪者运动即上午9:00至下午15:00.7.解:由题意知,每年的经费是以12为首项,4为公差的等差数列,设纯利润与年数的关系为f (n ),则f (n )=50n –[12n +2)1(-n n ×4]–72=–2n 2+40n –72 (1)获纯利润就是要求f (n )>0,∴–2n 2+40n –72>0,解得2<n <18.由n ∈N 知从第三年开始获利.(2)①年平均利润=n n f )(=40–2(n +n36)≤16.当且仅当n =6时取等号.故此方案先获利6×16+48=144(万美元),此时n =6,②f (n )=–2(n –10)2+128.当n =10时,f (n )|max =128.故第②种方案共获利128+16=144(万美元).故比较两种方案,获利都是144万美元,但第①种方案只需6年,而第②种方案需10年,故选择第①种方案.8.解:设分别生产P 、Q 产品x 件、y 件,则有⎩⎨⎧≤+≤+⎩⎨⎧≤+≤+⎩⎨⎧≤≤≤≤60004700032120008214000641200025000y x y x y x y x y x 则有依题意有 设利润S =1000x +2000y =1000(x +2y )要使利润S 最大,只需求x +2y 的最大值.x +2y =m (2x +3y )+n (x +4y )=x (2m +n )+y (3m +4n )∴⎩⎨⎧=+=+24312n m n m ∴⎪⎪⎩⎪⎪⎨⎧==5152n m 有x +2y =52(2x +3y )+51(x +4y )≤52×7000+51×6000. 当且仅当⎩⎨⎧=+=+60004700032y x y x 解得⎩⎨⎧==10002000y x 时取等号,此时最大利润S max =1000(x +2y ) =4000000=400(万元).另外此题可运用“线性规划模型”解决.。
高考数学难点突破_难点18__不等式的证明策略
证法三:∵∴a2+b2+c2≥
∴a2+b2+c2≥
证法四:设a=+α,b=+β,c=+γ.
∵a+b+c=1,∴α+β+γ=0
∴a2+b2+c2=(+α)2+(+β)2+(+γ)2
=+ (α+β+γ)+α2+β2+γ2
(1+n)m=1+Cn+Cn2+...+Cnm,
由(1)知miA>niA (1<i≤m,而C=
∴miCin>niCim(1<m<n
∴m0C=n0C=1,mC=nC=m·n,m2C>n2C,...,
mmC>nmC,mm+1C>0,...,mnC>0,
∴1+Cm+Cm2+...+Cmn>1+Cn+C2mn2+...+Cnm,
技巧与方法:除了解法一经常用的重要不等式外,解法二的方法也很典型,即若参数a满足不等关系,a≥f(x),则amin=f(x)max;若 a≤f(x),则amax=f(x)min,利用这一基本事实,可以较轻松地解决这一类不等式中所含参数的值域问题.还有三角换元法求最值用的恰当好处,可以把原问题转化.
故x′2≤,x′∈[-,],x∈[0,],同理y,z∈[0,]
证法三:设x、y、z三数中若有负数,不妨设x<0,则x2>0,=x2+y2+z2≥x2+>,矛盾.
高三数学试卷特别难题
一、填空题(每空5分,共20分)1. 已知函数$f(x) = x^3 - 3x^2 + 4x + 1$,若$f(x)$的图像与x轴相切于点$A$,则$A$点的坐标为______。
2. 在等差数列$\{a_n\}$中,$a_1 = 2$,$a_4 = 14$,若$a_{10} + a_{15} =50$,则该数列的公差$d$为______。
3. 已知向量$\vec{a} = (1, -2)$,$\vec{b} = (3, 4)$,若$\vec{a}$与$\vec{b}$的夹角为$\theta$,则$\cos\theta$的值为______。
4. 若圆$C: x^2 + y^2 - 4x - 6y + 9 = 0$的圆心到直线$3x - 4y + 5 = 0$的距离为$\sqrt{5}$,则该圆的半径$r$为______。
二、选择题(每题5分,共25分)1. 下列函数中,定义域为$\mathbb{R}$的是()A. $f(x) = \sqrt{x^2 - 1}$B. $f(x) = \frac{1}{x^2 - 1}$C. $f(x) = \ln(x^2 + 1)$D. $f(x) = \sqrt[3]{x - 1}$2. 已知函数$f(x) = 2^x - 3$在区间$[0, +\infty)$上的最大值为______。
A. $1$B. $2$C. $3$D. $4$3. 在$\triangle ABC$中,若$\cos A = \frac{1}{3}$,$\cos B = \frac{2}{3}$,则$\sin C$的值为______。
A. $\frac{\sqrt{2}}{3}$B. $\frac{\sqrt{6}}{3}$C. $\frac{\sqrt{2}}{6}$D. $\frac{\sqrt{6}}{6}$4. 已知函数$f(x) = \frac{1}{x^2 - 4}$,若$f(x)$的图像关于点$(2, 0)$对称,则$f(x)$的图像的对称轴方程为______。
高考数学选择题填空题冲刺练习(含答案解析)(3).docx
高考数学选择题填空题冲刺练习(含答案解析)(3)一、单项选择题:本题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.已知集合M = {x| - 4<x<2}, A^={X|X2-X-6<0},则M cN =A. {兀|"<兀<3}B. {兀冲<兀<一2}C.{X|-2<X<2}D.{X|2<X<3}【答案】C【解析】【分析】本题考查集合的交集和一元二次不等式的解法,渗透了数学运算素养.采取数轴法,利用数形结合的思想解题.【详解】由题意得,M^{x\-4<x<2},N^{x\-2<x<3],则M r\N = {x\-2<x<2\ .故选C.【点睛】不能领会交集的含义易致误,区分交集与并集的不同,交集取公共部分,并集包括二者部分.2.已知a〉0, b>0,贝是“a +丄〉b +丄”的()b aA.充分不必要条件B.必要不充分条件C.充要条件D.既不充分也不必要条件【答案】C【解析】【分析】根据不等式的可加性,即可证明充分性成立;再根据作差法和不等式的性质,即可证明必要性成立.【详解】若a>b>0,则:〉丄,所以a + ^>b +丄,充分性成立.b a b a若Q —> b-\—,贝a+—— b —丄>0,艮卩(a —b)[l — | > 0 ,b a b a \ ab)又d>0, b>0,所以1 + —>0,所以a — b>0,即a>b,必要性成立.ab故“a>b”是"Q + : > /? +丄〃的充要条件.b a故选:C.【点睛】本题主要考查了充分必要条件的判断,以及不等式性质的应用,属于基础题.【答案】B【解析】【分析】 根据函数的奇偶性和特殊点的函数值对选项惊喜排除,由此确定正确选项.【详解】由严_1工0得/(兀)的定义域为匕|"±1},因为f (-X )=二)2 7] = -;2 =_f (x),所以函数/(x)为奇函数,排除A, D ;由题易知,图中两条虚线的方程为x = ±l,则当% = 2时,/(2)=f >0,排除C,所以B 选项符合. 4故选:B 【点睛】本小题主要考查函数图象的识别,属于基础题.3 乂24.函数 /(%) = -7^= + lg (3x + l) V1-X【答案】B【解析】【分析】l-x>0根据函数的解析式知.+1〉°,解不等式组即可得定义域定义域是( A. D.3r 2【详解】由函数/(x) = ^= + lg (3x+l),知 A /1-X故选:B 【点睛】本题考查了函数的表示,根据函数解析式的性质求函数的定义域,属于简单题5.若函数/(%) = a x (Q >0且azl)在[-2,1] ±的最大值为4,最小值为加,实数加的值为(【答案】D【解析】【分析】 分类讨论0<a<l 、。
填空题保分训练(含开放性命题)-2022年高考数学三轮冲刺之重难点必刷题型(新高考适用)(解析版)
保分02 填空题保分训练保分系列内容简介:临近高考,咱们所剩的复习时间不是很多了,更应该注重基础知识和基本题型的掌握,提高自己的学习效率。
本系列主要就是为了夯实基础,采取保分政策,减少高考中的容错率,从而避免高考中发挥失误.一共二十组填空,选自优质的模考试卷中的13-15题,适用新高考. ☆☆第一组☆☆13.(2022•沈阳一模)函数f (x )=2cos x ﹣cos2x 的最大值为 32 . 【解答】解:f (x )=2cos x ﹣cos2x =﹣2cos 2x +2cos x +1,设t =cos x ,t ∈[﹣1,1],则g (t )=﹣2t 2+2t +1=﹣2(t −12)2+32, ∴当t =12时,g (t )max =32,∴函数f (x )=2cos x ﹣cos2x 的最大值为32, 故答案为:32.14.(2022•沈阳一模)若(2x −1x 2)n 展开式的二项式系数之和为64,则展开式中x 3项的系数为 ﹣192 .(用数字作答) 【解答】解:由已知可得2n =64,则n =6,所以二项式的展开式的通项公式为T r +1=C 6r (2x)6−r (−1x 2)r =C 6r ⋅26−r⋅(−1)r x 6−3r ,令6﹣3r =3,解得r =1,则x 3的系数为C 61×25×(−1)=−192,故答案为:﹣192.15.(2022•沈阳一模)某次社会实践活动中,甲、乙两个班的同学共同在一社区进行民意调查.参加活动的甲、乙两班的人数之比为5:3,其中甲班中女生占35,乙班中女生占13.则该社区居民遇到一位进行民意调查的同学恰好是女生的概率是 12 .【解答】解:记A 与A 分别表示居民所遇到的一位同学是甲班的与乙班的,B 表示是女生,由题意可得,P (A )=58,P (A )=38,P (B |A )=35,P (B |A )=13, 由全概率公式可得,P (B )=P (A )P (B |A )+P (A )P (B |A )=58×35+38×13=12,故该社区居民遇到的一位进行民意调查的同学恰好是女生的概率为12,故答案为:12. ☆☆第二组☆☆13.(2021秋•聊城期末)经过抛物线y 2=4x 焦点F 的直线交抛物线于A ,B 两点,则|AB |的最小值为 4 .【解答】解:抛物线的焦点坐标为(1,0),当直线斜率不存在时,令x =1得:y =±2,所以|AB |=4,当直线斜率存在时,设直线方程为y =k (x ﹣1), 联立{y =k(x −1)y 2=4x 得:k 2x 2﹣(2k 2+4)x +k 2=0,k ≠0,设A (x 1,y 1),B (x 2,y 2),则x 1+x 2=2k 2+4k 2=2+4k 2,|AB|=x 1+x 2+p =2+4k 2+2=4+4k 2>4, 所以,|AB |的最小值为4. 故答案为:4.14.(2021秋•聊城期末)已知α∈(−π2,π2),且sinα+cosα=√55,则tan α的值为 −12 .【解答】解:因为sinα+cosα=√55, 所以两边平方,可得1+2sin αcos α=15,可得2sin αcos α=−45<0, 又因为α∈(−π2,π2),所以sin α<0,cos α>0, 所以cos α﹣sin α=√(cosα−sinα)2=√1−(−45)=3√55, 解得sin α=−√55,cos α=2√55,则tan α=−12.故答案为:−12.15.(2021秋•聊城期末)甲乙两个箱子中各装有5个大小、质地均相同的小球,其中甲箱中有3个红球、2个白球,乙箱中有2个红球、3个白球.抛一枚质地均匀的硬币,若硬币正面向上,从甲箱中随机摸出一个球;若硬币反面向上,从乙箱中随机摸出一个球,则摸到红球的概率为 12 .【解答】解:甲箱中摸到红球的概率为P1=C31C51=35,乙箱中摸到红球的概率为P2=C21C51=25,硬币正面向上时摸到红球的概率为12×35=310,硬币正面向下摸到红球的概率为12×25=15,所以摸到红球的概率为310+15=12,故答案为:12.☆☆第三组☆☆13.(2022•福田区校级一模)已知偶函数f(x)在区间[0,+∞)上单调递减,若f(﹣1)=0,则满足f(m)>0的实数m的取值范围是(﹣1,1).【解答】解:根据偶函数f(x)在区间[0,+∞)上单调递减,若f(﹣1)=0,则f(1)=0;故函数的图象如图所示:当m=0时,满足条件;则满足f(m)>0的实数m的取值范围为(﹣1,1).故答案为:(﹣1,1).14.(2018•咸阳二模)(x+y)(x﹣y)8的展开式中,x2y7的系数为20.【解答】解:(x+y)(x﹣y)8 =(x+y)(C80•x8−C81•x7y+C82•x6•y2−⋯−C87•x •y7+C88•y8),故(x+y)(x﹣y)8的展开式中x7y2的系数为−C81+C82=20,故答案为:20.15.(2022•福田区校级一模)“四书”是《大学》《中庸》《论语》《孟子》的合称,又称“四子书”,在世界文化史、思想史上地位极高,所载内容及哲学思想至今仍具有积极意义和参考价值.某校计划开展“四书”经典诵读比赛活动,某班有A、B两位同学参赛,比赛时每位同学从这4本书中随机抽取1本选择其中的内容诵读,则A、B两位同学抽到同一本书的概率为14.【解答】解:每位同学从这4本书中随机抽取l本,基本事件总数为42=16个,其中A、B两位同学抽到同一本书,包含的基本事件有4个,所以两位同学抽到同一本书的概率为P=416=14,故答案为:14.☆☆第四组☆☆13.(2022•茂名一模)已知双曲线C的方程为x24−y2=1,则其离心率为√52.【解答】解:双曲线C的方程为x 24−y2=1,可得a=2,b=1,则c=√a2+b2=√5.所以双曲线的离心率为:e=√52.故答案为:√52.14.(2022•茂名一模)函数f(x)=√3sin2x+2cos2x在区间[−π6,π6]上的最大值为3.【解答】解:函数f(x)=√3sin2x+2cos2x=√3sin2x+cos2x+1=2sin(2x+π6)+1,又x∈[−π6,π6],所以2x+π6∈[−π6,π2],则当2x+π6=π2,即x=π6时,函数f(x)取最大值3,故答案为:3.15.(2022•茂名一模)已知函数f(x)={|log2x|,0<x<2−x+3,x≥2,若x1,x2,x3均不相等,且f(x1)=f(x2)=f(x3),则x1•x2•x3的取值范围是(2,3).【解答】解:f(x)的大致图象如图所示:不妨设x1<x2<x3,由图可得f(x1)=f(x2)=f(x3)∈(0,1),即|log2x1|=|log2x2|=﹣x3+3∈(0,1),所以log2x1=﹣log2x2,即log2x1+log2x2=0,所以log2x1x2=0,所以x1x2=1,由﹣x3+3∈(0,1)得x3∈(2,3),所以x1•x2•x3∈(2,3).故答案为:(2,3).☆☆第五组☆☆13.(2022•山东一模)若sinα=cos(α+π6),则tan2α的值为√3.【解答】解:由sinα=cos(α+π6),得sinα=cosαcosπ6−sinαsinπ6=√32cosα−12sinα,∴32sinα=√32cosα,得tanα=√33.∴tan2α=2tanα1−tan2α=2×√331−(√33)=√3.故答案为:√3.14.(2022•山东一模)若(1﹣2x)n的展开式中x3项的系数为﹣160,则正整数n的值为6.【解答】解:(1﹣2x)n的展开式的通项公式为T r+1=C n r1n−r(−2x)r= (−2)r C n r x r,又展开式中x3项的系数为﹣160,则(﹣2)3C n3=−160,则C n3=20,解得n=6,故答案为:6.15.(2022•山东一模)已知f(x)为R上的奇函数,且f(x)+f(2﹣x)=0,当﹣1<x<0时,f(x)=2x,则f(2+log25)的值为−45.【解答】解:根据题意,f(x)为R上的奇函数,且f(x)+f(2﹣x)=0,f (2﹣x )=﹣f (x )=f (﹣x ),变形可得f (x +2)=f (x ),即函数f (x )是周期为2的周期函数,则f (2+log 25)=f (log 25﹣2)=f (log 254),f (x )为奇函数且当﹣1<x <0时,f (x )=2x ,则f (log 254)=﹣f (﹣log 254)=﹣f (log 245)=−45; 则f (2+log 25)=−45; 故答案为:−45. ☆☆第六组☆☆13.(2022•临沂一模)函数f (x )=xln (﹣x ),则曲线y =f (x )在x =﹣e 处的切线方程为 y =2x +e .【解答】解:求导函数可得f ′(x )=ln (﹣x )+1, 当x =﹣e 时,f ′(﹣e )=lne +1=2,∵f (﹣e )=﹣elne =﹣e ,∴切点为(﹣e ,﹣e ),∴曲线y =f (x )在x =﹣e 处的切线方程是y +e =2(x +e ),即y =2x +e . 故答案为:y =2x +e .14.(2022•临沂一模)已知抛物线C :x 2=2py 的焦点为F ,Q (2,3)为C 内的一点,M 为C 上的任意一点,且|MQ |+|MF |的最小值为4,则p = 2 ;若直线l 过点Q ,与抛物线C 交于A ,B 两点,且Q 为线段A ,B 的中点,则△AOB 的面积为 2√2 .【解答】解:如图,过M 作MM 1垂直准线于M 1,由抛物线定义可知|MF |=|MM 1|,所以|MQ |+|MF |=|MQ |+|MM 1|,过Q 作QQ 1垂直准线于Q 1,交抛物线于P ,所以|MQ |+|MM 1|≥|PQ |+|PQ 1|, 所以当M 在P 处时,|MQ |+|MM 1|=|PQ |+|PQ 1|=|QQ 1|最小,此时|QQ 1|=3+p2=4,解得:p =2.所以抛物线标准方程为:x 2=4y .设A(x1,y1),B(x2,y2),则有{x12=4y1x22=4y2,两式相减得:x12−x22=4y1−4y2,即(x1+x2)(x1﹣x2)=4(y1﹣y2),因为Q(2,3)为线段AB的中点,所以x1+x2=4,所以直线AB的斜率为k=y1−y2x1−x2=x1+x24=1,所以直线AB的方程为:y﹣3=1×(x﹣2),即y=x+1,由A(x1,y1),B(x2,y2)符合{x2=4yy=x+1,消去y得:x2﹣4x﹣4=0,所以x1+x2=4,x1x2=﹣4,所以弦长|AB|=√1+k2⋅|x1−x2|=√1+k2⋅√(x1+x2)2−4x1x2=√2⋅√16+16=8,而O到直线AB的距离为d=√12+(−1)2=√22,所以S△ABO=12|AB|⋅d=12×8×√22=2√2.故答案为:2;2√2.15.(2022•临沂一模)已知正三棱台ABC﹣A′B′C′的上、下底面边长分别为2和5,侧棱长为3,则以下底面的一个顶点为球心,半径为2的球面与此正三棱台的表面的交线长为2π.【解答】解:过B作BD⊥A′B′,∵AB=2,A′B′=5,∴DB′=5−22=32,∵侧棱长为BB′=3,∴∠DB′B=π3,即∠AA′B=∠AA′C′=∠C′A′B′=π3,则半径为2的球面与此正三棱台的表面的交线长3×π3×2=2π,故答案为:2π.☆☆第七组☆☆13.(2022•岳阳一模)在平面直角坐标系中,角α的顶点在坐标原点,始边在x轴的非负半轴,终边过点(﹣2,y )且tan (π﹣α)=2,则sin α= 2√55.【解答】解:∵tan (π﹣α)=2, ∴tan α=﹣2,∵角α的顶点在坐标原点,始边在x 轴的非负半轴,终边过点(﹣2,y ), ∴α为第二象限角,∵sin 2α+cos 2α=1 且sinαcosα=−2, ∴sinα=2√55. 故答案为:2√55. 14.(2022•岳阳一模)已知抛物线y =14x 2的焦点为F ,P 为抛物线上一动点,点Q (1,1),当△PQF 的周长最小时,点P 的坐标为 (1,14) . 【解答】解:设l :y =﹣1是抛物线的准线, 过P 作PH ⊥l 于H ,作QN ⊥l 于N ,则|PF |=|PH |,F (0,1),|FQ |=1,|PF |+|PQ |=|PQ |+|PH |,易知当Q ,P ,H 三点共线时,|PQ |+|PH |最小,且最小值为1+1=2,所以△PQF 的周长最小值为3,此时x p =1,y p =14,即P(1,14). 故答案为:(1,14).15.(2022•岳阳一模)有唱歌、跳舞、小品、杂技、相声五个节目制成一个节目单,其中小品、相声不相邻且相声、跳舞相邻的节目单有 36 种.(结果用数字作答)【解答】解:相声,跳舞看成一体,与唱歌,杂技全排列,共有A 33⋅A 22=12种, 3个节目有4个空,除去相声旁边的那个空,剩下3个空,小品选其一,有C 31=3种,故共12×3=36种. 故答案为:36. ☆☆第八组☆☆13.(2022•潍坊一模)已知函数f(x)={2+log 2(1−x),x <1,3x−1,x ≥1,则f (﹣1)+f(log 312)= 7 .【解答】解:根据题意,函数f(x)={2+log 2(1−x),x <1,3x−1,x ≥1,,则f (﹣1)=2+log 22=3,f (log 312)=3log 312−1=3log 34=4, 则f (﹣1)+f (log 312)=7; 故答案为:7.14.(2022•广州一模)已知菱形ABCD 的边长为2,∠ABC =60°,点P 在BC 边上(包括端点),则AD →⋅AP →的取值范围是 [﹣2,2] .【解答】解:建立如图所示的平面直角坐标系,则A (0,0),D (2,0),C (1,√3),D (﹣1,√3)当点P 在BC 上时,设P (x ,√3),x ∈[﹣1,1],AD →=(2,0),AP →=(x ,√3), 则AD →⋅AP →=2x ∈[﹣2,2]. 故答案为:[﹣2,2].15.(2022•广州一模)已知三棱锥P ﹣ABC 的棱AP ,AB ,AC 两两互相垂直,AP =AB =AC =2√3,以顶点P 为球心,4为半径作一个球,球面与该三棱锥的表面相交得到四段弧,则最长弧的弧长等于4π3.【解答】解:将三棱锥P ﹣ABC 补全为棱长为2√3的正方体, 如下图所示,若AD=AF=2,则PD=PF=4,即D,F在P为球心,4为半径的球面上,且O为底面中心,又OA=√6>2,OP=3√2>4,所以面ABC与球面所成弧是以A为圆心,2为半径的四分之一圆弧,弧长为π,面PBA,PCA与球面所成弧是以P为圆心,4为半径且圆心角为π12的圆弧,故弧长为π3,面PBC与球面所成弧以P为圆心,4为半径且圆心角为π3的圆弧,故弧长为4π3,综上所述,最长弧的弧长为4π3.故答案为:4π3.☆☆第九组☆☆13.(2022•淮北一模)(2x−1x+2y)6展开式中的常数项是﹣160.【解答】解:要得到(2x−1x+2y)6中的常数项,需有3个因式取2x,其余的3个因式取−1x,故展开式的常数项为C63×23×C33×(﹣1)3=﹣160,故答案为:﹣160.14.(2022•淮北一模)已知∀n∈N*,函数f(x)=x﹣(a n+1)lnx在x∈(n,n+1).有极值,设b n=[√a n],其中[x]为不大于x的最大整数,记数列{b n}的前n项和为{S n},则S100=615.【解答】解:f(x)=x﹣(a n+1)lnx,f′(x)=1−a n+1x =x−(a n+1)x,∵∀n∈N*,函数f(x)=x﹣(a n+1)lnx在x∈(n,n+1)上有极值,∴n<a n+1<n+1,∴n﹣1<a n<n,∴√n−1<√a n<√n,∵b n=[√a n],∴n=1时,0<√a1<1,b1=0;同理可得:n=2,3,4时,b2=b3=b4=1;n=5,6,7,8,9时,b5=…=b9=2;n=10,11,…,16时,b10=…=b16=3;n=17,18,…,25时,b17=…=b25=4;n=26,27,…,36时,b26=…=b36=5;n=37,38,…,49时,b37=…=b49=6;n=50,51,…,64时,b50=…=b64=7;n=65,66,…,81时,b65=…=b81=8;n=82,83,…,100时,b82=…=b100=9.∴数列{b n}的前100项和S100=0×1+1×3+2×5+3×7+4×9+5×11+6×13+7×15+8×17+9×19=615.故答案为:615.15.(2022•唐山一模)为了监控某种食品的生产包装过程,检验员每天从生产线上随机抽取k(k∈N*)包食品,并测量其质量(单位:g).根据长期的生产经验,这条生产线正常状态下每包食品质量服从正态分布N(μ,σ2).假设生产状态正常,记ξ表示每天抽取的k包食品中其质量在(μ﹣3σ,μ+3σ)之外的包数,若ξ的数学期望E(ξ)>0.05,则k的最小值为19.附:若随机变量Y服从正态分布N(μ,σ2)则P(μ﹣3σ<X<μ+3σ)≈0.9973.【解答】解:由已知可得X~N(μ,σ2),P(μ﹣3σ<X<μ+3σ)≈0.9973,每天从生产线上随机抽取k(k∈N*)包食品中其质量在(μ﹣3σ,μ+3σ)之外的包数为ξ,而每天抽取的k包食品中其质量在(μ﹣3σ,μ+3σ)之外的概率为1﹣0.9973=0.0027,所以ξ~B(k,0.0027),故E(ξ)=k×0.0027>0.05,解得k≥19,即k的最小值为19.故答案为:19.☆☆第十组☆☆13.(2022•麒麟区校级一模)若(4x﹣1)4=a0+a1x+a2x2+a3x3+a4x4,则a1+a2+a3+a4=80.【解答】解:由于(4x﹣1)4=a0+a1x+a2x2+a3x3+a4x4,当x=0时,a0=1,当x=1时,a0+a1+a2+a3+a4=34=81,故a1+a2+a3+a4=80,故答案为:80.14.(2022•麒麟区校级一模)已知函数f(x)=log32−x2+x+b,若f(a)=1,f(﹣a)=3,则log b a=0.【解答】解:根据题意,函数f(x)=log32−x2+x+b,且f(a)=1,f(﹣a)=3,则f(a)=log32−a2+a +b=1,f(﹣a)=log32+a2−a+b=3,则f(a)+f(﹣a)=log32−a2+a +log32+a2−a+2b=log31+2b=2b=4,则b=2,若f(a)=1,则log32−a2+a=−1,解可得a=1,故log b a=0,故答案为:0.15.(2022•湛江一模)已知椭圆C:x2a2+y2b2=1(a>b>0)的左焦点为F,过原点O的直线l交椭圆C于点A,B,且2|FO|=|AB|,若∠BAF=π6,则椭圆C的离心率是√3−1.【解答】解:因为直线AB 过原点,由椭圆及直线的对称性可得|OA |=|OB |,所以|AB |=2|OA |,设右焦点F ',连接BF ',AF ',又因为2|OF |=|AB |=2c ,可得四边形AFBF '为矩形,即|FF '|=|AB |,且∠ABF =∠AF 'F ,在Rt △AFF '中,|AF |=|FF '|sin ∠AF 'F =2c •sin ∠AF 'F , |AF '|=|FF '|cos ∠AF 'F =2c •cos ∠AF 'F , 由椭圆的定义可得|AF |+|AF '|=2a , 所以2a =2c •(sin ∠AF 'F +cos ∠AF 'F ), 因为∠BAF =π6,故∠AF 'F =π6, 所以离心率e =c a =12+√32=√3−1.故答案为:√3−1. ☆☆第十一组☆☆13.(2021秋•马鞍山期末)已知AB →=(−2,1),AC →=(2,t),|BC →|=4,则AB →⋅BC →= ﹣8 .【解答】解:因为 BC →=AC →−AB →=(4,t ﹣1); ∵|BC →|=4,∴42+(t ﹣1)2=42⇒t =1; ∴BC →=(4,0),∴AB →⋅BC →=−2×4+1×0=﹣8; 故答案为:﹣8.14.(2022•辽宁一模)已知定义在R 上的函数f (x )不是常值函数,且同时满足:①f (2+x )=f (2﹣x );②对任意x 1∈R ,均存在x 2∈R 使得f (x 1)=2f(x 2)成立;则函数f (x )= (x ﹣2)2 .(写出一个符合条件的答案即可) 【解答】解:由f (2+x )=f (2﹣x ) 知:f (x ) 关于 x =2 对称, 由对任意 x 1∈R ,均存在 x 2∈R 使得f (x 1)=2f (x 2)成立知: 函数值域为(﹣∞,0]或(0,+∞)或全体实数, ∴f (x )=(x ﹣2)2符合要求. 故答案为:(x ﹣2)2(答案不唯一).15.(2022•辽宁一模)第24届冬奥会于2022年2月4日在北京国家体育馆胜利开幕.冬奥会期间,北京市758个城市志愿者站点全部“开门迎客”,保障了北京冬奥会顺利举行现将含甲、乙、丙在内的6位志愿者分配到3个服务站点参加服务,要求每位志愿者只能去1个站点,每个站点至少需要分配1位志愿者,则甲与乙分配在同一站点,但甲与丙不在同一站点的分配方案共有 114 种.(用数字作答)【解答】解:由题意可得分配方案共有3种:2,2,2;1,2,3;1,1,4. 对于方案2,2,2:有C 22C 42C 22A 22•A 33=18种;对于方案1,2,3:有C 22C 31•C 32•A 33+C 22•C 43•A 33=78种; 对于方案1,1,4:有C 22•C 32•A 33=18种.∴甲与乙分配在同一站点,但甲与丙不在同一站点的分配方案共有18+78+18=114种. 故答案为:114. ☆☆第十二组☆☆13.(2022•汕头一模)在党史学习教育动员大会上,习近平总书记强调全党同志要做到学史明理、学史增信、学史崇德,学史力行.某单位对200名党员进行党史知识测试,将成绩分成6组:[70,75),[75,80),[80,85),[85,90),[90,95),[95,100],得到如图所示的频率分布直方图,则a = 0.050 .【解答】解:由频率分布直方图得:(0.025+0.035+0.040+a +0.030+0.020)×5=1,解得a =0.050. 故答案为:0.050.14.(2022•汕头一模)已知四边形ABCD 中,AB ∥CD ,AB =3CD =3,AD =BC =√2,点E 是CD 的中点,则AE →⋅BD →= ﹣2 .【解答】解:如图,分别过点C ,D 作CG ⊥AB ,DF ⊥AB ,垂足分别为G ,F .由题得四边形ABCD 为等腰梯形,AF =BG =1,∴DF =√(√2)2−1=1,所以∠DAF =45°.由题得 AE →⋅BD →=(AD →+DE →)⋅(AD →−AB →)=(AD →+16AB →)⋅(AD →−AB →)=−56AB →⋅AD →+2−16×9 =−56×√2×3×√22+12=−2故答案为:﹣2.15.(2022•汕头一模)已知双曲线C :x 2a 2−y 2b 2=1,l 1,l 2为C 的两条渐近线,过C 的右焦点F 作l 1的垂线,垂足为A ,且该垂线交l 2于点B ,若BA →=3AF →,则曲线C 的离心率e =2√63.【解答】不妨设l 1为y =b a x ,l 2为y =−ba x ,过右焦点F 作l 1的垂线,垂足为A ,有该垂线交l 2于点B ,F (c ,0),则直线AB 的方程为y =−ab (x ﹣c ), 联立{y =−ab (x −c)y =ba x ,解得A 的坐标为(a 2c ,abc ), 联立{y =−a b (x −c)y =−b a x ,解得B 的坐标为(a 2c a 2−b 2,abcb 2−a 2), 则BA →=(a 2c −a 2ca 2−b 2,abc −abcb 2−a 2),AF →=(c −a 2c,−ab c),∵BA →=3AF →,(a 2c−a 2c a 2−b2,ab c−abc b 2−a2)=3(c −a 2c,−ab c),∴abc −abcb 2−a 2=−3abc ,∴4c =cb 2−a 2,即4(b 2﹣a 2)=c 2=b 2+a 2, ∴3b 2=5a 2,∴b 2a 2=53,∴e =√1+b 2a 2=√1+53=2√63. 故答案为:2√63. ☆☆第十三组☆☆13.(2021•香洲区校级模拟)《墨子•经说上》上说:“小故,有之不必然,无之必不然.体也,若有端,大故,有之必然,若见之成见也.”这一段文字蕴含着十分丰富的逻辑思想,那么文中的“小故”指的是逻辑中的 必要条件 .(选“充分条件”必要条件”“充要条件”既不充分也不必要条件”之一填空)【解答】解:由“小故,有之不必然,无之必不然”,知“小故”只是构成某一结果的几个条件中的一个或一部分条件, 故“小故”是逻辑中的必要条件. 故答案为:必要条件.14.(2021•香洲区校级模拟)已知sin β2=√55,cos(α+β)=513,α∈(0,π2),β∈(0,π),则sin α=1665.【解答】解:∵β∈(0,π),∴β2∈(0,π2), ∵sin β2=√55,∴cos β2=√1−(√55)2=√1−525=√2025=2√55, 则sin β=2sin β2cos β2=2×√55×2√55=45,cos β=2cos 2β2−1=2×2025−1=1520=35,即β∈(0,π2), 则α+β∈(0,π), ∵cos(α+β)=513, ∴α+β∈(0,π2), 则sin (α+β)=1213,则sin α=sin (α+β﹣β)=sin (α+β)cos β﹣cos (α+β)sin β=1213×35−513×45=1665,故答案为:1665.15.(2021•大庆模拟)已知抛物线y 2=2px (p >0),圆(x −p2)2+y 2=1与y 轴相切,斜率为k 的直线过抛物线的焦点与抛物线交于A ,D 两点,与圆交于B ,C 两点(A ,B 两点在x 轴的同一侧),若AB →=4CD →,则k 的值为 ±2√2 . 【解答】解:设A (x 1,y 1),D (x 2,y 2),x 1>0,x 2>0, 由圆(x −p2)2+y 2=1与y 轴相切,可得p2=1,即p =2, 所以抛物线的方程为y 2=4x ,圆(x ﹣1)2+y 2=1的圆心为(1,0),半径为1, 设过F 的直线的方程为y =k (x ﹣1),与抛物线的方程y 2=4x 联立,可得k 2x 2﹣(2k 2+4)x +k 2=0, 可得x 1+x 2=2+4k 2,x 1x 2=1,① 由AB →=4CD →,即为|AB |=4|CD |, 可得|AF |﹣1=4(|DF |﹣1), 即为x 1=4x 2,②由①②可得x 1=2,x 2=12,k =±2√2. 故答案为:±2√2. ☆☆第十四组☆☆13.(2021•惠来县校级模拟)测量珠穆朗玛峰的高度一直受到世界关注,2020年12月8日,中国和尼泊尔共同宣布珠穆朗玛峰的最新高度为8848.86米,某课外兴趣小组研究发现,人们曾用三角测量法对珠峰高度进行测量,其方法为:首先在同一水平面上选定两个点并测量两点间的距离,然后分别测量其中一个点相对另一点以及珠峰顶点的张角,再在其中一点处测量珠峰顶点的仰角,最后计算得到珠峰高度.该兴趣小组运用这一方法测量某建筑物高度,如图所示,已知该建筑物CP 垂直于水平面,水平面上两点A ,B 的距离为200m ,∠P AB =60°,∠PBA =45°,∠P AC =30°,则该建筑物CP 的高度为 100(√3−1) (单位:m ).【解答】解:因为PC ⊥面ABC ,所以可得PC ⊥AC ,PC ⊥BC , 在△P AB 中,P A =PCsin∠PAC =PC12=2PC ,在△P AB 中,∠P AB =60°,∠PBA =45°,所以∠APB =75° 由正弦定理可得PA sin∠PBA =ABsin∠APB , 所以可得2PCsin45°=200sin75°,可得PC =100×√22√6+√24=100(√3−1),故答案为:100(√3−1).14.(2012•重庆)某艺校在一天的6节课中随机安排语文、数学、外语三门文化课和其他三门艺术课各1节,则在课程表上的相邻两节文化课之间最多间隔1节艺术课的概率为 35 (用数字作答).【解答】解:把语文、数学、外语三门文化课排列,有A 33种方法,这三门课中间存在两个空,在两个空中,①若每个空各插入1节艺术课,则排法种数为 A 33A 32A 21=72,②若两个空中只插入1节艺术课,则排法种数为 A 33•(A 21•A 31)•A 33=216,③若语文、数学、外语三门文化课相邻排列,把三门文化课捆绑为一个整体,然后和三门艺术课进行排列,则排法种数为A 33A 44=144,而所有的排法共有A 66=720种,故在课表上的相邻两节文化课之间最多间隔1节艺术课的概率为72+216+144720=35,故答案为 35.15.(2021•惠来县校级模拟)已知椭圆x 2a 2+y 2b 2=1(a >b >0)的内接△ABC 的顶点B 为短轴的一个端点,右焦点F ,线段AB 中点为K ,且CF →=2FK →,则椭圆离心率的取值范围是 (0,√33) .【解答】解:由题意可设B (0,b ),F (c ,0),线段AB 中点为K ,且CF →=2FK →,可得F 为△ABC 的重心,设A (x 1,y 1),C (x 2,y 2), 由重心坐标公式可得, x 1+x 2+0=3c ,y 1+y 2+b =0, 即有AC 的中点坐标,可得 x =x 1+x 22=3c2,y =y 1+y 22=−b2,由题意可得中点在椭圆内, 可得9c 24a 2+14<1,由e =ca ,可得e 2<13,即有0<e <√33. 故答案为:(0,√33). ☆☆第十五组☆☆13.(2021•全国模拟)设F 1,F 2分别为双曲线x 2m 2−y 2m 2+5=1(m >0)的左、右焦点,若双曲线上存在点A ,使∠F 1AF 2=2π3,且|AF 1|=3|AF 2|,则m = 2 .【解答】解:由双曲线x 2m 2−y 2m 2+5=1(m >0),得a =m ,b =√m 2+5,c =√2m 2+5,又A 为双曲线上的点,且|AF 1|=3|AF 2|,∴|AF 1|﹣|AF 2|=2a , 联立解得|AF 1|=3m ,|AF 2|=m ,在△F 1AF 2中,由余弦定理可得:|F 1F 2|2=|F 1A|2+|F 2A|2−2|F 1A ||F 2A |cos ∠F 1AF 2,∴4×(2m 2+5)=9m 2+m 2−6m 2×(−12),解得m =2(m >0). 故答案为:2.14.(2021•全国模拟)若定义在R 上的非零函数f (x ),对任意实数x ,存在常数λ,使得f (x +λ)=λf (x )恒成立,则称y =f (x )是一个“f ▫λ函数”,试写出一个“f ▫1函数”: y =sin (2πx )(答案不唯一) .【解答】解:由题意,“f ▫1函数”是非零函数,且对任意x ∈R ,都有f (x +1)=f (x )恒成立,所以f (x )是周期为1的非零函数,例如非零常函数,y=sin(2πx),y=cos(2πx)等.故答案为:y=sin(2πx)(答案不唯一).15.(2021•全国模拟)在正三棱柱ABC﹣A1B1C1中,若三棱锥A﹣A1B1C1的体积等于底面三角形边长的√32,则该正三棱柱的高与底面三角形边长的积为6;正三棱柱外接球表面积的最小值为8√3π.【解答】解:由题意,设底面边长为a,那么A1B1C1的面积S=12a2sin60°,正三棱柱ABC﹣A1B1C1的高为h,根据三棱锥A﹣A1B1C1的体积V=13Sℎ=√32a,可得ah=6.底面A1B1C1的外接圆的半径r=asin60°=2r,可得r=√3.由正三棱柱外接球R=√(ℎ2)2+r2=√ℎ24+a23由于ℎ24+a23≥2√(ℎa)212=2√3(当且仅当√3ℎ=2a时取等号)正三棱柱外接球表面积的最小值为S=4πR2=8π√3.故答案为:8√3π.☆☆第十六组☆☆13.(2021•朝阳三模)写出一个虚数z,使得z2+3为纯虚数,则z=1+2i.【解答】解:设z=a+bi(a,b∈R,b≠0),则z2+3=(a+bi)2+3=a2﹣b2+3﹣2abi为纯虚数,∴a2﹣b2+3=0,2ab≠0,取a=1,b=2,则z=1+2i,故答案为:1+2i.14.(2021•山东模拟)已知双曲线C:x2a2−y2b2=1(a>0,b>0)的左、右焦点分别为F1,F2,M为C左支上一点,N为线段MF2上一点,且|MN|=|MF1|,P为线段NF1的中点.若|F1F2|=4|OP|(O为坐标原点),则C的渐近线方程为y=±√3x.【解答】解:由双曲线的定义,可得|MF2|﹣|MF1|=|MF2|﹣|MN|=|NF2|=2a,在△NF1F2中,OP为中位线,可得|OP|=12|NF2|=a,又|F1F2|=4|OP|,可得2c=4a,即c=2a,b=√c2−a2=√4a2−a2=√3a,所以双曲线的渐近线方程为y=±√3x.故答案为:y=±√3x.15.(2021•山东模拟)2021年受疫情影响,国家鼓励员工在工作地过年.某机构统计了某市5个地区的外来务工人员数与他们选择留在当地过年的人数占比,得到如下的表格:A区B区C区D区E区外来务工人员数5000400035003000250080%90%80%80%84%留在当地的人数占比根据这5个地区的数据求得留在当地过年人员数y与外来务工人员数x的线性回归方程为y=0.8135x+a.该市对外来务工人员选择留在当地过年的每人补贴1000元,该市F区有10000名外来务工人员,根据线性回归方程估计F区需要给外来务工人员中留在当地过年的人员的补贴总额为818.6万元.(参考数据:取0.8135×36=29.29)×(5000+4000+3500+3000+2500)=3600,【解答】解:由表知,x=15A,B,C,D,E五个地区的外来务工人员中,留在当地的人数分别为5000×80%=4000,4000×90%=3600,3500×80%=2800,3000×80%=2400,2500×84%=2100,×(4000+3600+2800+2400+2100)=2980,所以y=15因为样本中心点在(x,y)上,所以2980=0.8135×3600+a,解得a=51,所以y =0.8135x +51,当x =10000时,y =0.8135×10000+51=8186,所以估计F 区需要给外来务工人员中留在当地过年的人员的补贴总额为8186×1000=818600元=818.6万元. 故答案为:818.6. ☆☆第十七组☆☆13.(2021•宝坻区校级模拟)一个袋中共有10个大小相同的黑球、白球和红球.已知从袋中任意摸出1个球,得到黑球的概率是25;从袋中任意摸出2个球,至少得到1个白球的概率是79,则白球的个数为 5 ;从袋中任意摸出3个球,记得到白球的个数为ξ,则随机变量ξ的数学期望E ξ= 32 .【解答】解:设白球的个数为y ,又从袋中任意摸出2个球,至少得到1个白球的概率是79, 则C y 2+C y 1C 10−y1C 102=79,解得y =5,所以白球的个数为5;由题意可知,ξ的可能取值为0,1,2,3, 所以P (ξ=0)=C 53C 103=112,P (ξ=1)=C 51C 52C 103=512, P (ξ=2)=C 52C 51C 103=512,P (ξ=3)=C 53C 103=112,则随机变量ξ的分布列为:ξ 0 1 2 3 P112512512112则E (ξ)=0×112+1×512+2×512+3×112=32. 故答案为:5;32.14.(2021•南开区模拟)已知a >0,b >0,且a +b 2=1,则√ab−2的最小值为 −√33.【解答】解:a >0,b >0,且a +b 2=1,令a =sin 2θ,b =cos θ,其中θ∈(0,π2),设点P (cos θ,sin θ),则动点P 在单位圆(第一象限弧MN )上,A (2,0),如图所示,所以√ab−2=sinθcosθ−2表示P ,A 两点连线的斜率, 由图可知,当连线P A 与弧MN 相切时,斜率最小, 此时P A 的倾斜角为5π6,其斜率为tan 5π6=−√33, 即√ab−2的最小值为−√33. 故答案为:−√33. 15.(2021•南开区模拟)已知直角梯形ABCD 中,AB ∥CD ,AB =2,∠BCD =60°,E 是线段AD 上靠近A 的三等分点,F 是线段DC 的中点,若AD =√3,则EB →⋅EF →= 73 ;若EB →⊥EF →,则AD =3√3+3√194.【解答】解:过B 作BM ⊥DC 于M ,故AB =DM =2, ①因为BM =AD =√3,∠BCD =60°, 故CM =1,则DF =12DC =32,则EB →⋅EF →=(EA →+AB →)•(ED →+DF →)=EA →⋅ED →+EA →⋅DF →+AB →⋅ED →+AB →⋅DF →=13×√3×2√33×(−1)+0+0+2×32×1=73.②∵EB →⋅EF →=(EA →+AB →)•(ED →+DF →)=EA →⋅ED →+EA →⋅DF →+AB →⋅ED →+AB →⋅DF →=EA →⋅ED →+AB →⋅DF →=13AD ⋅23AD ×(−1)+2×(2√3)×12=0, ∴29AD 2=√33AD +2,∴AD =3√3+3√194, 故答案为:73,3√3+3√194.☆☆第十八组☆☆13.(2021秋•佛山期末)在复平面内,复数z对应的点的坐标是(3,﹣5),则(1﹣i)z=﹣2﹣8i.【解答】解:因为在复平面内,复数z对应的点的坐标是(3,﹣5),所以z=3﹣5i,所以(1﹣i)z=(1﹣i)(3﹣5i)=3﹣5﹣3i﹣5i=﹣2﹣8i,故答案为:﹣2﹣8i.14.(2021秋•佛山期末)抛物线y2=2px(p>0)上一点M(3,t)与焦点F的距离|MF|=p,则M到坐标原点的距离为3√5.【解答】解:根据定义,抛物线y2=2px(p>0)上一点M(3,t)与焦点F 的距离|MF|=p,可得p2=3,解得p=6,抛物线y2=12x,x=3时,t=±6,∴点M的坐标(3,±6),则M到坐标原点的距离为:√9+36=3√5.故答案为:3√5.15.(2021秋•佛山期末)已知函数f(x)=sin(ωx+φ)(ω>0,0<φ<π)在一个周期内的图象如图所示,图中f(0)=12,f(5π12)=0,则f(−5π12)=−√32.【解答】解:根据三角函数f(x)=sin(ωx+φ)在一个周期内的图象知,f(0)=sinφ=12,且0<φ<π,所以φ=π6或φ=5π6(不合题意,舍去),φ=π6时,f(5π12)=sin(ω•5π12+π6)=0,因为ω>0,所以5π12ω+π6=π,解得ω=2,所以f(x)=sin(2x+π6),所以f(−5π12)=sin[2×(−5π12)+π6]=sin(−2π3)=﹣sin2π3=−sinπ3=−√32.故答案为:−√32.☆☆第十九组☆☆13.(2021•全国三模)S n是等比数列{a n}的前n项和,若S n=a•3n﹣1+1(n∈N*),则a=﹣3.【解答】解:S n是等比数列{a n}的前n项和,S n=a•3n﹣1+1(n∈N*),∴a1=S1=a+1,a2=S2﹣S1=2a,a3=S3﹣S2=6a,∵a1,a2,a3成等比数列,∴a22=a1a3,∴4a2=6a2+6a,解得a=﹣3或a=0(舍),综上,a=﹣3.故答案为:﹣3.14.(2021•湛江三模)已知F1,F2分别是双曲线C:x2a2−y2b2=1(a>0,b>0)的左、右焦点,点P是双曲线C上一点,且∠F1PF2=π2,△F1PF2的面积为a2,则双曲线C的渐近线方程为x±y=0.【解答】解:F1,F2分别是双曲线C:x2a2−y2b2=1(a>0,b>0)的左、右焦点,点P是双曲线C上一点,且∠F1PF2=π2,△F1PF2的面积为a2,可得:||PF1|﹣|PF2||=2a,|PF1|2+|PF2|2=4c2,12|PF1||PF2|=a2,解得a=b,所以双曲线的渐近线方程为:x±y=0.故答案为:x±y=0.15.(2021•海南三模)已知m>0,n>0,m+n=1,则1m +2n+1的最小值为32+√2.【解答】解:∵m>0,n>0,m+n=1,∴12(m+n+1)=1∴1m +2n+1=12(1m+2n+1)•(m+n+1)=32+12(n+1m+2mn+1)≥32+12×2√n+1m⋅2mn+1=3 2+√2,当且仅当n+1m=2mn+1时取等号,∴1m +2n+1的最小值是32+√2.故答案为:32+√2.☆☆第二十组☆☆13.(2021秋•淄博期末)在(x−√x)n的展开式中,只有第4项的二项式系数最大,则展开式中含x3项的系数为15.【解答】解:在(x−√x)n的展开式中,只有第4项的二项式系数最大,故n =6;所以(x−√x )6的展开式T r+1=C6r x6−r⋅√x)r=(﹣1)r•C6r⋅x6−32r,令6−32r=3,解得r=2.故展开式中含x3项的系数为(−1)2⋅C62=15.故答案为:15.14.(2021秋•威海期末)已知抛物线C1:y2=8x,圆C2:x2+y2−4x+3=0,点M(1,1),若A,B分别是C1,C2上的动点,则|AM|+|AB|的最小值为2.【解答】解:由抛物线C1:y2=8x得焦点F(2,0),准线为x=﹣2,由圆C2:x2+y2﹣4x+3=0得(x﹣2)2+y2=1,所以C2是以F(2,0)为圆心,r=1为半径的圆,所以|AM|+|AB|≥|AM|+|AF|﹣1,当且仅当A,B,F在一条直线上时,取等号,所以当|AM|+|AF|取得最小值时,|AM|+|AB|取得最小值,根据抛物线的定义知|AF|等于点A到准线x=﹣2的距离,所以过点M作准线x=﹣2的垂线,垂足为N,与抛物线C1:y2=8x相交,当点A为此交点时,|AM|+|AF|取得最小值,最小值为|1﹣(﹣2)|=3,所以|AM|+|AB|≥|AM|+|AF|﹣1≥3﹣1=2.故答案为:2.15.(2021秋•淄博期末)已知函数f(x)=x(e x+1),g(x)=(x+1)lnx,若f(x1)=g(x2)=m(m>1),则x1+x1x2lnm的最小值为e.【解答】解:g(x)=(x+1)lnx=(e lnx+1)lnx=f(lnx),则f(x1)=f(lnx2)=m(m>1),因为f(x1)=x1(e x1+1)>1,故x1>0,又当x>0时,f'(x)=(x+1)e x+1>0恒成立,即f(x)=x(e x+1)单调递增,所以x1=lnx2,则x1+x1x2lnm =x1(1+x2)lnm=x1(1+e x1)lnm=f(x1)lnm=mlnm,令ℎ(x)=xlnx (x>1),ℎ′(x)=lnx−1(lnx)2,当x∈(1,e)时,h(x)<0,当x∈(e,+∞)时,h′(x)>0,所以h(x)在x=e处取得最小值,h(e)=elne =e,即x1+x1x2lnm的最小值为e.故答案为:e。
高三数学中难度小题
高三数学中难度小题一.选择题(共16小题)1.已知(1+x)(a﹣x)6=a0+a1x+a2x2+…+a7x7,a∈R,若a0+a1+a2+…+a6+a7=0,则a3的值为()A.35 B.20 C.5 D.﹣52.已知函数f(x)=x+e x﹣a,g(x)=ln(2x+1)﹣4e a﹣x,其中e为自然对数的底数,若存在实数x0,使f(x0)﹣g(x0)=4成立,则实数a的值为()A.ln 1﹣1 B.1﹣ln 2 C.ln 2 D.﹣ln 23.已知F为抛物线C:y2=4x的焦点,过F的直线l与C相交于A、B两点,线段AB的垂直平分线交x轴于点M,垂足为E,若|AB|=6,则|EM|的长为()A.2 B.C.2 D.4.已知函数f(x)=x3﹣2x+e x﹣,其中e为自然对数的底数,若不等式f(3a2)+f(﹣2a﹣1)≤f (0)恒成立,则实数a的取值范围为()A.[﹣]B.[﹣]C.[﹣1,]D.[]5.设等比数列{a n}的公比为q,其前n项的积为T n,并且满足条件a1>1,a9a10﹣1>0,<0,则使T n>1成立的最大自然数n的值为()A.9 B.10 C.18 D.196.如图,在正方形ABCD中,E为AB的中点,P为以A为圆心、AB为半径的圆弧上的任意一点,设向量=λ+μ,则λ+μ的取值范围为()A.[﹣1,5]B.[] C.[] D.[﹣1,]7.已知,为单位向量,且,向量满足|﹣﹣|=2,则||的范围为()A.[1,1+]B.[2﹣,2+] C.[]D.[3﹣2,3+2]8.已知椭圆C:+=1,若直线l经过M(0,1),与椭圆交于A、B两点,且=﹣,则直线l的方程为()A.y=±x+1 B.y=±x+1 C.y=±x+1 D.y=±x+19.已知函数f(x)=x2﹣xlnx﹣k(x+2)+2在区间[,+∞)上有两个零点,则实数k的取值范围为()A.B.C.D.10.函数f(x)是定义在R上的奇函数,且f(x﹣1)为偶函数,当x∈[0,1]时,,若函数g(x)=f(x)﹣x﹣b恰有一个零点,则实数b的取值集合是()A.B.C.D.11.如图,F1,F2为双曲线C的左右焦点,且|F1F2|=2.若双曲线C的右支上存在点P,使得PF1⊥PF2.设直线PF2与y轴交于点A,且△APF1的内切圆半径为,则双曲线C的离心率为()A.2 B.4 C.D.212.已知f(x)=x+xlnx,若k(x﹣2)<f(x)对任意x>2恒成立,则整数k的最大值是()A.3 B.4 C.5 D.613.若函数y=2sinωx(ω>0)在区间(﹣,)上只有一个极值点,则ω的取值范围是()A.1≤ω≤B.<ω≤3 C.3≤ω<4 D.≤ω<14.下列说法正确的是()A.若a∈R,则“<1”是“a>1”的必要不充分条件B.“p∧q为真命题”是“p∨q为真命题”的必要不充分条件C.若命题p:“∀x∈R,sinx+cosx≤”,则¬p是真命题D.命题“∃x0∈R,使得x02+2x0+3<0”的否定是“∀x∈R,x2+2x+3>0”15.已知△ABC的外接圆半径为1,圆心为O,且3,则△ABC的面积为()A.B.C.D.16.已知λ∈R,函数g(x)=x2﹣4x+1+4λ,若关于x的方程f(g(x))=λ有6个解,则λ的取值范围为()A. B.C.D.二.填空题(共12小题)17.如图,圆锥的高PO=,底面⊙O的直径AB=2,C是圆上一点,且∠CAB=30°,D为AC的中点,则直线OC和平面PAC所成角的余弦值为.18.设函数f(x)=,数列{a n}是公比大于0的等比数列,且a5a6a7=1,若f(a1)+f (a2)+…+f(a10)=a1,则a1=.19.已知四面体ABCD的每个顶点都在球O的表面上,AB=AC=5,BC=8,AD⊥底面ABC,G为△ABC 的重心,且直线DG与底面ABC所成角的正切值为,则球O的表面积为.20.如图,一块均匀的正三角形面的钢板的质量为10kg,在它的顶点处分别受力F1,F2,F3,每个力同它相邻的三角形的两边之间的角都是60°,且|F1|=|F2|=|F3|.要提起这块钢板,|F1|,|F2|,|F3|均要大于xkg,则x的最小值为.21.在数列{a n}中,首项不为零,且a n=a n﹣1(n∈N*,n≥2),S n为{a n}的前n项和,令T n=,n∈N*,则T n的最大值为.22.已知球的直径SC=2,A,B是该球球面上的两点,若AB=2,∠ASC=∠BSC=45°,则棱锥S﹣ABC 的表面积为.23.已知数列{a n}的通项为a n=,若{a n}的最小值为,则实数a的取值范围是.24.如图所示,已知点O为△ABC的重心,OA⊥OB,AB=6,则•的值为.25.已知函数f(x)=,g(x)=kx+1,若方程f(x)﹣g(x)=0有两个不同实根,则实数k的取值范围为.26.如图,网格纸上小正方形的边长为1,粗线画出的是某四面体的三视图,则该四面体的外接球体积.27.定义max{a,b}表示实数a,b中的较大的数.已知数列{a n}满足a1=a(a>0),a2=1,a n+2=(n∈N),若a2015=4a,记数列{a n}的前n项和为S n,则S2015的值为.28.已知AD、BE分别是△ABC的中线,若AD=BE=1,且•=,则与的夹角为.三.解答题(共2小题)29.一只袋中放入了大小一样的红色球3个,白色球3个,黑色球2个.(Ⅰ)从袋中随机取出(一次性)2个球,求这2个球为异色球的概率;(Ⅱ)若从袋中随机取出(一次性)3个球,其中红色球、白色球、黑色球的个数分别为a、b、c,令随机变量ξ表示a、b、c的最大值,求ξ的分布列和数学期望.30.某兴趣小组欲研究昼夜温差大小与患感冒人数多少之间的关系,他们分别到气象局与某医院抄录了1至6月份每月10号的昼夜温差情况与因患感冒而就诊的人数,得到如下数据资料:日期1月10日2月10日3月10日4月10日5月10日6月10日昼夜温差x(℃)1011131286就诊人数y(个)222529261612该兴趣小组确定的研究方案是:先从这6组(每个有序数对(x,y)叫作一组)数据中随机选取2组作为检验数据,用剩下的4组数据求线性回归方程.(Ⅰ)求选取的2组数据恰好来自相邻两个月的概率;(Ⅱ)若选取的是1月和6月的两组数据,请根据2至5月份的数据,求出y关于x的线性回归方程;(3)若由线性回归方程得到的估计数据与所选取的检验数据的误差均不超过2人,则认为得到的线性回归方程是理想的,试问(Ⅲ)中所得到的线性回归方程是否是理想的?参考公式:.高三数学中难度小题参考答案与试题解析一.选择题(共16小题)1.已知(1+x)(a﹣x)6=a0+a1x+a2x2+…+a7x7,a∈R,若a0+a1+a2+…+a6+a7=0,则a3的值为()A.35 B.20 C.5 D.﹣5【解答】解:(1+x)(a﹣x)6=a0+a1x+a2x2+…+a7x7中,令x=1得,a0+a1+…+a7=2•(a﹣1)6=0,解得a=1,而a3表示x3的系数,所以a3=•(﹣1)3+•(﹣1)2=﹣5.故选:D.2.已知函数f(x)=x+e x﹣a,g(x)=ln(2x+1)﹣4e a﹣x,其中e为自然对数的底数,若存在实数x0,使f(x0)﹣g(x0)=4成立,则实数a的值为()A.ln 1﹣1 B.1﹣ln 2 C.ln 2 D.﹣ln 2【解答】解:f(x)﹣g(x)=x﹣ln(2x+1)+e x﹣a+4e a﹣x,令h(x)=x﹣ln(2x+1),则h′(x)=1﹣,∴h(x)在(﹣,0)上是减函数,在(0,+∞)上是增函数,所以h(x)min=h(0)=0,又e x﹣a+4e a﹣x≥2=4,∴f(x)﹣g(x)≥4,当且仅当时,取等号.解得x=0,a=﹣ln 2,故选:D.3.已知F为抛物线C:y2=4x的焦点,过F的直线l与C相交于A、B两点,线段AB的垂直平分线交x轴于点M,垂足为E,若|AB|=6,则|EM|的长为()A.2 B.C.2 D.【解答】解:由已知得F(1,0),设直线l的方程为x=my+1,并与y2=4x联立得y2﹣4my﹣4=0,设A(x1,y1),B(x2,y2),E(x0,y0),y1+y2=4m,则y0==2m,x0=2m2+1,所以E(2m2+1,2m),又|AB|=x1+x2+2=m(y1+y2)+4=4m2+4=6,解得m2=,线段AB的垂直平分线为y﹣2m=﹣m(x﹣2m2﹣1),令y=0,得M(2m2+3,0),从而|ME|==.故选:B.4.已知函数f(x)=x3﹣2x+e x﹣,其中e为自然对数的底数,若不等式f(3a2)+f(﹣2a﹣1)≤f (0)恒成立,则实数a的取值范围为()A.[﹣]B.[﹣]C.[﹣1,]D.[]【解答】解:易知y=x3﹣2x,与y=e x﹣,都是奇函数,所以函数f(x)为奇函数,又因为f′(x)=3x2﹣2+e x+e﹣x≥3x2≥0,所以函数f(x)为增函数,原不等式转化为:f(3a2)≤f(2a+1)⇒3a2﹣2a﹣1≤0,解得:﹣≤a≤1,故选:B.5.设等比数列{a n}的公比为q,其前n项的积为T n,并且满足条件a1>1,a9a10﹣1>0,<0,则使T n>1成立的最大自然数n的值为()A.9 B.10 C.18 D.19【解答】解:根据题意,a9a10﹣1>0,即a9a10>1,则有a92×q>1,即q>0,等比数列{a n}的各项均为正数,若<0,则有(a9﹣1)(a10﹣1)<0,又由a1>1,q>0,分析可得a9>1,a10<1,则T18=a1•a2•a3•a4•…•a15•a16•a17•a18=(a9a10)9>1;T19=a1•a2•a3•a4•…•a16•a17•a18•a19=(a10)19<1;则使T n>1成立的最大自然数n的值为18;故选:C.6.如图,在正方形ABCD中,E为AB的中点,P为以A为圆心、AB为半径的圆弧上的任意一点,设向量=λ+μ,则λ+μ的取值范围为()A.[﹣1,5]B.[] C.[] D.[﹣1,]【解答】解:以A为原点,以AB所在的为x轴,建立坐标系,设正方形ABCD的边长为1,则E(,0),C(1,1),D(0,1),A(0,0),B(1,0).设P(cosθ,sinθ),∴AC=(1,1).再由向量=λ(,﹣1)+μ(cosθ,sinθ)=(+μcosθ,﹣λ+μsinθ )=(1,1),∴,∴,∴λ+μ===﹣1+.由题意得0≤θ≤,∴0≤cosθ≤1,0≤sinθ≤1.求得(λ+μ)′=>0,故λ+μ在[0,]上是增函数,故当θ=0时,即cosθ=1,这时λ+μ取最小值为=,故当θ=时,即cosθ=0,这时λ+μ取最大值为=5,故λ+μ的取值范围为[,5]故选:C.7.已知,为单位向量,且,向量满足|﹣﹣|=2,则||的范围为()A.[1,1+]B.[2﹣,2+] C.[]D.[3﹣2,3+2]【解答】解:由,是单位向量,•=0,可设=(1,0),=(0,1),=(x,y),由向量满足|﹣﹣|=2,∴|(x﹣1,y﹣1)|=2,∴=2,即(x﹣1)2+(y﹣1)2=4,其圆心C(1,1),半径r=2,∴|OC|=∴2﹣≤||=≤2+.故选:B.8.已知椭圆C:+=1,若直线l经过M(0,1),与椭圆交于A、B两点,且=﹣,则直线l的方程为()A.y=±x+1 B.y=±x+1 C.y=±x+1 D.y=±x+1【解答】解:设直线l的方程为m(y﹣1)=x.A(x1,y1),B(x2,y2).联立,化为:(9+5m2)y2﹣10m2y+5m2﹣45=0,∴y1+y2=,y1y2=,∵=﹣,∴y1﹣1=﹣.联立解得m=±3.则直线l的方程为:y=x+1.故选:B.9.已知函数f(x)=x2﹣xlnx﹣k(x+2)+2在区间[,+∞)上有两个零点,则实数k的取值范围为()A.B.C.D.【解答】解:令f(x)=0可得:,令,则,令t(x)=x2+3x﹣4﹣2lnx,则,据此可得函数t(x)在区间上单调递增,且t(1)=0,故当x∈(0,1)时,t(x)<0,h’(x)<0,当x∈(1,+∞)时,t(x)>0,h’(x)>0,则函数h(x)在区间上单调递减,在区间(1,+∞)上单调递增,而:,据此可得:实数k的取值范围为.故选:A.10.函数f(x)是定义在R上的奇函数,且f(x﹣1)为偶函数,当x∈[0,1]时,,若函数g(x)=f(x)﹣x﹣b恰有一个零点,则实数b的取值集合是()A.B.C.D.【解答】解:∵f(x)是定义在R上的奇函数,且f(x﹣1)为偶函数,∴f(﹣x﹣1)=f(x﹣1)=﹣f(x+1),即f(x)=﹣f(x+2),则f(x+4)=﹣f(x+2)=f(x),即函数f(x)的周期是4,∵f(x﹣1)为偶函数,∴f(x﹣1)关于x=0对称,则f(x)关于x=﹣1对称,同时也关于x=1对称,若x∈[﹣1,0],则﹣x∈[0,1],此时f(﹣x)==﹣f(x),则f(x)=﹣,x∈[﹣1,0],若x∈[﹣2,﹣1],x+2∈[0,1],则f(x)=﹣f(x+2)=﹣,x∈[﹣2,﹣1],若x∈[1,2],x﹣2∈[﹣1,0],则f(x)=﹣f(x﹣2)==,x∈[1,2],作出函数f(x)的图象如图:由数g(x)=f(x)﹣x﹣b=0得f(x)=x+b,由图象知当x∈[﹣1,0]时,由﹣=x+b,平方得x2+(2b+1)x+b2=0,由判别式△=(2b+1)2﹣4b2=0得4b+1=0,得b=﹣,此时f(x)=x+b有两个交点,当x∈[4,5],x﹣4∈[0,1],则f(x)=f(x﹣4)=,由=x+b,平方得x2+(2b﹣1)x+4+b2=0,由判别式△=(2b﹣1)2﹣16﹣4b2=0得4b=﹣15,得b=﹣,此时f(x)=x+b有两个交点,则要使此时f(x)=x+b有一个交点,则在[0,4]内,b满足﹣<b<﹣,即实数b的取值集合是4n﹣<b<4n﹣,即4(n﹣1)+<b<4(n﹣1)+,令k=n﹣1,则4k+<b<4k+,故选:D.11.如图,F1,F2为双曲线C的左右焦点,且|F1F2|=2.若双曲线C的右支上存在点P,使得PF1⊥PF2.设直线PF2与y轴交于点A,且△APF1的内切圆半径为,则双曲线C的离心率为()A.2 B.4 C.D.2【解答】解:由PF1⊥PF2,△APF1的内切圆半径为,由圆的切线和勾股定理可得:圆外一点引圆的切线所得切线长相等,可得|PF1|+|PA|﹣|AF1|=2r=1,由双曲线的定义可得|PF2|+2a+|PA|﹣|AF1|=1,可得|AF2|﹣|AF1|=1﹣2a,由图形的对称性知:|AF2|=|AF1|,即有a=.又|F1F2|=2,可得c=1,则e==2.故选:A.12.已知f(x)=x+xlnx,若k(x﹣2)<f(x)对任意x>2恒成立,则整数k的最大值是()A.3 B.4 C.5 D.6【解答】解:∵x>2,∴k(x﹣2)<f(x)可化为k<=;令F(x)=,则F′(x)=;令g(x)=x﹣2lnx﹣4,则g′(x)=1﹣>0,故g(x)在(2,+∞)上是增函数,且g(8)=8﹣2ln8﹣4=2(2﹣ln8)<0,g(9)=9﹣2ln9﹣4=5﹣2ln9>0;故存在x0∈(8,9),使g(x0)=0,即2lnx0=x0﹣4;故F(x)在(2,x0)上是减函数,在(x0,+∞)上是增函数;故F min(x)=F(x0)==;故k<;故k的最大值是4;故选:B.13.若函数y=2sinωx(ω>0)在区间(﹣,)上只有一个极值点,则ω的取值范围是()A.1≤ω≤B.<ω≤3 C.3≤ω<4 D.≤ω<【解答】解:函数y=2sinωx(ω>0)则y′=2ωcosωx.∵x∈(﹣,)上,∴ωx∈(﹣ω,ω).∵在区间(﹣,)上只有一个极值点,则﹣ω,且,解得:,即<ω≤3.故选:B.14.下列说法正确的是()A.若a∈R,则“<1”是“a>1”的必要不充分条件B.“p∧q为真命题”是“p∨q为真命题”的必要不充分条件C.若命题p:“∀x∈R,sinx+cosx≤”,则¬p是真命题D.命题“∃x0∈R,使得x02+2x0+3<0”的否定是“∀x∈R,x2+2x+3>0”【解答】解:若“<1”成立,则“a>1”或“a<0”,故“<1”是“a>1”的不充分条件,若“a>1”成立,则“<1”成立,故“<1”是“a>1”的必要条件,综上所述,“<1”是“a>1”的必要不充分条件,故A正确;若“p∧q为真命题”,则“p,q均为真命题”,则“p∨q为真命题”成立,若“p∨q为真命题”则“p,q存在至少一个真命题”,则“p∧q为真命题”不一定成立,综上所述,“p∧q为真命题”是“p∨q为真命题”的充分不必要条件,故B错误;命题p:“∀x∈R,sinx+cosx=sin(x+)≤”为真命题,则¬p是假命题,故C错误;命题“∃x0∈R,使得x02+2x0+3<0”的否定是“∀x∈R,x2+2x+3≥0”,故D错误;故选:A.15.已知△ABC的外接圆半径为1,圆心为O,且3,则△ABC的面积为()A.B.C.D.【解答】解:如图,;∴由得:①,②,③;①两边平方得:;∴;∴;∴OA⊥OB;同理②③两边分别平方得:,;∴;∴S△ABC =S△AOB+S△BOC+S△AOC==.故选:C.16.已知λ∈R,函数g(x)=x2﹣4x+1+4λ,若关于x的方程f(g(x))=λ有6个解,则λ的取值范围为()A. B.C.D.【解答】解:令g(x)=t,则方程f(t)=λ的解有3个,由图象可得,0<λ<1.且三个解分别为t1=﹣1﹣λ,t2=﹣1+λ,t3=10λ,则x2﹣4x+1+4λ=﹣1﹣λ,x2﹣4x+1+4λ=﹣1+λ,x2﹣4x+1+4λ=10λ,均有两个不相等的实根,则△1>0,且△2>0,且△3>0,即16﹣4(2+5λ)>0且16﹣4(2+3λ)>0,解得0<λ<,当0<λ<时,△3=16﹣4(1+4λ﹣10λ)>0即3﹣4λ+10λ>0恒成立,故λ的取值范围为(0,).故选:D.二.填空题(共12小题)17.如图,圆锥的高PO=,底面⊙O的直径AB=2,C是圆上一点,且∠CAB=30°,D为AC的中点,则直线OC和平面PAC所成角的余弦值为.【解答】解:设点O到平面PAC的距离为d,设直线OC和平面PAC所成角为α,则由等体积法有:V O﹣PAC=V P﹣OAC,即S△PAC •d=•PO•S△OAC,在△AOC中,求得AC=,在△POD中,求得PD=,∴d==,∴sin α==,于是cos α==,故答案为.18.设函数f(x)=,数列{a n}是公比大于0的等比数列,且a5a6a7=1,若f(a1)+f (a2)+…+f(a10)=a1,则a1=e.【解答】解:若x>1,则0<<1;则f(x)=xln x,=﹣xln x,故f(x)+f()=0对任意x>0成立.又∵{a n}是公比大于0的等比数列,且a5a6a7=1,所以a6=1.故a2a10=a3a9=a4a8=a5a7=a6=1;故f(a2)+f(a3)+…+f(a10)=f(a2)+f(a10)+f(a3)+f(a9)+…+f(a5)+f(a7)+f(a6)=0,所以f(a1)+f(a2)+…+f(a10)=f(a1)=a1,若a1>1,则a1ln a1=a1,则a1=e;若0<a1<1,则<0,无解;故答案为:e.19.已知四面体ABCD的每个顶点都在球O的表面上,AB=AC=5,BC=8,AD⊥底面ABC,G为△ABC 的重心,且直线DG与底面ABC所成角的正切值为,则球O的表面积为.【解答】解:由题意,AG=2,AD=1,cos∠BAC==﹣,∴sin∠BAC=,∴△ABC外接圆的直径为2r==,设球O的半径为R,∴R==∴球O的表面积为,故答案为.20.如图,一块均匀的正三角形面的钢板的质量为10kg,在它的顶点处分别受力F1,F2,F3,每个力同它相邻的三角形的两边之间的角都是60°,且|F1|=|F2|=|F3|.要提起这块钢板,|F1|,|F2|,|F3|均要大于xkg,则x的最小值为.【解答】解:由题意可得:3xsin60°≥10,解得x≥(kg),故答案为:.21.在数列{a n}中,首项不为零,且a n=a n﹣1(n∈N*,n≥2),S n为{a n}的前n项和,令T n=,n∈N*,则T n的最大值为2+2.【解答】解:数列{a n}中,首项不为零,且a n=a n﹣1(n∈N*,n≥2),∴数列{a n}为等比数列,首项为a1,公比为.∴,.S n=,S2n=,T n====≤=2(),当且仅当n=2时取等号.∴T n的最大值为2+2.故答案为:2+2.22.已知球的直径SC=2,A,B是该球球面上的两点,若AB=2,∠ASC=∠BSC=45°,则棱锥S﹣ABC 的表面积为16.【解答】解:∵∠BSC=∠ASC=45°,且SC为直径,∴△ASC与△BSC均为等腰直角三角形,∴BO⊥SC,AO⊥SC;又AO∩BO=O,∴SC⊥面ABO;△SAB中,SA=AB=,AB=2,∴S△SAB=×2×=3,同理S△ABC=3,∵S△BSC =S△ASC=×2×=5,∴棱锥S﹣ABC的表面积为16.故答案为:16.23.已知数列{a n}的通项为a n=,若{a n}的最小值为,则实数a的取值范围是[,+∞).【解答】解:由题可知当n≤5时结合函数y=x+(x>0),可知a n≥a4=4+=,又因为{a n}的最小值为,所以当n>5时y=alnn﹣≥,即alnn≥8,又因为lnn>ln5>0,所以当n>5时a≥恒成立,所以,故答案为:[,+∞).24.如图所示,已知点O为△ABC的重心,OA⊥OB,AB=6,则•的值为72.【解答】解:连接CO延长交AB于M,则由O为重心,则M为中点,且=﹣2=﹣2×(+)=﹣(+),由OA⊥OB,AB=6,则=0,+==36.则•=(﹣)•(﹣)=(2+)(2+)=5+2(+)=0+2×36=72.故答案为:72.25.已知函数f(x)=,g(x)=kx+1,若方程f(x)﹣g(x)=0有两个不同实根,则实数k的取值范围为(,1)∪(1,e﹣1];.【解答】解:∵g(x)=kx+1,∴方程f(x)﹣g(x)=0有两个不同实根等价为方程f(x)=g(x)有两个不同实根,即f(x)=kx+1,则等价为函数f(x)与函数y=kx+1有两个不同的交点,当1<x≤2,则0<x﹣1≤1,则f(x)=f(x﹣1)=e x﹣1,当2<x≤3,则1<x﹣1≤2,则f(x)=f(x﹣1)=e x﹣2,当3<x≤4,则2<x﹣1≤3,则f(x)=f(x﹣1)=e x﹣3,…当x>1时,f(x)=f(x﹣1),周期性变化;函数y=kx+1的图象恒过点(0,1);作函数f(x)与函数y=kx+1的图象如下,C(0,1),B(2,e),A(1,e);故k AC=e﹣1,k BC=;在点C处的切线的斜率k=e0=1;结合图象可得,当k∈(1,e一1]时,k取中间值,交点在f(x)=e x上两点,定点(0,1),另一点在第一象限A点下方.当k∈(,1)时,任取k为中间值,则交点过C,另一点在笫二象限,点c的左下方.当k∈(0,],交点有3点以上,与f(x)、f(x一1)都有交点.当k∈(一∞,e一1)时,与f(x)只交于点C.综上要使两个函数有两个交点,则实数k的取值范围为(,1)∪(1,e﹣1];故答案为:(,1)∪(1,e﹣1];26.如图,网格纸上小正方形的边长为1,粗线画出的是某四面体的三视图,则该四面体的外接球体积.【解答】解:由三视图知几何体是三棱锥A﹣BCD,是棱长为4的正方体一部分,直观图如图所示:由正方体的性质可得,AB=AD=BD=4,AC=BC==2,CD==6,设三棱锥C﹣ABD的外接球球心是O,设半径是R,取AB的中点E,连接CE、DE,如图所示:设OA=OB=OC=OD=R,△ABD是等边三角形,∴O在底面△ABD的射影是△ABD中心F,∵DE⊥BE,BE=2,∴DE==2,同理可得,CE=2,则满足CE2+DE2=CD2,即CE⊥DE;在Rt△CED中,设OF=x,∵F是等边△ABD的中心,∴DF=DE=,EF=DE=,则,∴,解得x=,代入其中一个方程得,R==,∴该四面体的外接球体积是=.故答案为:.27.定义max{a,b}表示实数a,b中的较大的数.已知数列{a n}满足a1=a(a>0),a2=1,a n+2=(n∈N),若a2015=4a,记数列{a n}的前n项和为S n,则S2015的值为7254.【解答】解:当0<a<2时,∵a1=a(a>0),a2=1,a n+2=(n∈N),∴a3=•2max{1,2}=>2,a4=2max{,2}=,a5=•2max{,2}=4,a6=•2max{4,2}=a,a7=•2max{a,2}=1,a8=•2max{1,2}=,…∴数列{a n}是以5为周期的周期数列,∵2015=403×5,∴a2015=a5=4=4a,解得a=1,∴S2015=403(a+1+)=403(1+1+4+8+4)=7254;当a≥2时,∵a1=a(a>0),a2=1,a n+2=(n∈N),∴a3=•2max{1,2}=<2,a4=2max{,2}=4,a5=•2max{4,2}=2a≥4,a6=•2max{2a,2}=a>2,a7=•2max{a,2}=1,a8=•2max{1,2}=,…∴数列{a n}是以5为周期的周期数列,∵2015=403×5,∴a2015=a5=2a=4a,解得a=0,不合题意.故答案为:7254.28.已知AD、BE分别是△ABC的中线,若AD=BE=1,且•=,则与的夹角为.【解答】解:∵AD、BE分别是△ABC的中线,∴,又,∴,∴=,=.∴且•=()•()=﹣﹣=,∵,∴.∴cos<>==﹣.∴与的夹角为.故答案为:.三.解答题(共2小题)29.一只袋中放入了大小一样的红色球3个,白色球3个,黑色球2个.(Ⅰ)从袋中随机取出(一次性)2个球,求这2个球为异色球的概率;(Ⅱ)若从袋中随机取出(一次性)3个球,其中红色球、白色球、黑色球的个数分别为a、b、c,令随机变量ξ表示a、b、c的最大值,求ξ的分布列和数学期望.【解答】解:(Ⅰ)设事件A表示“从袋中随机取出(一次性)2个球,这2个球为异色球”,则P(A)=1﹣=;(5分)注:也可直接求概率P(A)==;(Ⅱ)根据题意,ξ的可能取值为1,2,3;计算P(ξ=3)==,P(ξ=2)==,P(ξ=1)==,则随机变量ξ的分布列为ξ123P于是数学期望为Eξ=1×+2×+3×=.(12分)30.某兴趣小组欲研究昼夜温差大小与患感冒人数多少之间的关系,他们分别到气象局与某医院抄录了1至6月份每月10号的昼夜温差情况与因患感冒而就诊的人数,得到如下数据资料:日期1月10日2月10日3月10日4月10日5月10日6月10日昼夜温差x(℃)1011131286就诊人数y(个)222529261612该兴趣小组确定的研究方案是:先从这6组(每个有序数对(x,y)叫作一组)数据中随机选取2组作为检验数据,用剩下的4组数据求线性回归方程.(Ⅰ)求选取的2组数据恰好来自相邻两个月的概率;(Ⅱ)若选取的是1月和6月的两组数据,请根据2至5月份的数据,求出y关于x的线性回归方程;(3)若由线性回归方程得到的估计数据与所选取的检验数据的误差均不超过2人,则认为得到的线性回归方程是理想的,试问(Ⅲ)中所得到的线性回归方程是否是理想的?参考公式:.【解答】解:(1)设选取的2组数据恰好是相邻两个月为事件A,因为从6组数据中选取2组数据共有15种情况,每种情况都是等可能出现的.其中选取的2组数据恰好是相邻两个月的情况有5种.所以P(A)==.(2)由数据求得=11,=24.由公式求得=,再由=﹣求得:=﹣,所以y关于x的线性回归方程为:=x﹣.(3)当x=10时,y=,|﹣22|=<2;当x=6时,y=,|﹣12|=<2;所以,该小组所得线性回归方程是理想的.。
高考数学选择填空小题训练56套(含答案)
高三数学小题训练(3)
2
3 12 ,cosβ= ,则 cos(α-β)=__________。 5 13 个单位长度,再把所得图象上所有点的横坐标缩短到原 3
4.把函数 y sin x ( x R) 的图象上所有的点向左平行移动
D.(-5,-10)
2.已知四边形 ABCD 的三个顶点 A(0, 2) , B (1, 2) , C (3, 1) ,且 BC 2 AD ,则顶点 D 的坐标为( A. 2,
)
7 2
B. 2,
1 2
C. (3, 2)
D. (1, 3)
第 1 页 共 32 页
来的
1 倍(纵坐标不变) ,得到的图象所表示的函数是( 2 ,x R 3 ,x R 3
B. y sin
)
A. y sin 2 x
x ,x R 2 6 ,x R 3
5 . 已 知 函 数 f(x)=Asin(x+ )(A>0,0< < ),x R 的 最 大 值 是 1 , 其 图 像 经 过 点 M ___________________;
3 ) ,则 cos 2 _________。 2 5 2. f ( x ) cos(x ) 最小正周期为 ,其中 0 ,则 6 5
,则 a b 3 4.已知平面向量 a (2, 4) , b (1, 2) ,若 c a (a b ) b ,则 c b 2 且 a 与 b 的夹角为 3.若向量 a , b 满足 a 1,
高考数学小题专项训练
高考数学小题专项训练一、选择题1.设集合M ={}0≤-m x x ,}12|{R ,xy y N x ∈-==,若M ∩N =φ,则实数m 的取值范围是 ( ) A .1-≥m B .1->mC .1-≤mD .1-<m 2.若函数)(x g 的图象与函数)2()2()(2≤-=x x x f 的图象关于直线0=-y x 对称,则=)(x g ( ) A .)0(2≥-x x B .)0(2≥+x xC .)2(2≤-x xD .)2(2-≥+x x3.若n xx )2(-二项展开式的第5项是常数项,则自然数n 的值为( ) A .6 B .10 C .12 D .154.已知等差数列{a n }的前n 项和为n s ,若4518a a =-,则8s 等于( )A .72B .54C .36D .185.给定两个向量)2,1(=a ,)1,(x b =,若)2(b a +与)22(b a 平行,则x 的值等于( )A .1B .2C .31 D .21 6.不等式02)1(≥+-x x 的解集为( )A .),1[∞+B .}2{),1[-∞+C .)1,2[-D .),2[∞+-7.已知函数y = 2sin(ωx )在[3π-,4π]上单调递增,则实数ω的取值范围是( ) A .(0,23] B .(0,2]C .(0,1]D .]43,0( 8.若直线1+=kx y 与圆0422=-+++my kx y x 交于M 、N 两点,并且M 、N 关于直线0=+y x 对称,则不等式组⎪⎩⎪⎨⎧≥≤-≥+-0001y my kx y kx 表示的平面区域的面积是( )A .41B .21C .1D .29.椭圆的焦点为F 1、F 2,过点F 1作直线与椭圆相交,被椭圆截得的最短的线段MN 长为532,N MF 2∆的周长为20,则椭圆的离心率为( )A .522B .53C .54 (D )517 10.已知二次函数f (x ) = x 2 + x + a (a >0),若f (m ) < 0,则f (m + 1)的值是( )A .正数B .负数C .零D .符号与a 有关11.已知函数f (x )(0 ≤ x ≤1)的图象的一段圆弧(如图所示)若1201x x <<<,则( )A .2211)()(x x f x x f <B .2211)()(x x f x x f = C .2211)()(x x f x x f > D .前三个判断都不正确 12.点P 在直径为6的球面上,过P 作两两垂直的3条弦,若其中一条弦长是另一条弦长的2倍,则这3条弦长之和的最大值是( D ) A .B .6C .534D .5212 二、填空题 13.对甲乙两学生的成绩进行抽样分析,各抽取5门功课,得到的观测值如下:甲:70 80 60 70 90乙:80 60 70 84 76那么,两人中各门功课发展较平稳的是 .14.当∈k 时,23)(kx x x f +=在]2,0[上是减函数.15.“渐减数”是指每个数字比其左边数字小的正整数(如98765),若把所有五位渐减数按从小到大的顺序排列,则第55个数为 .16.)AB 垂直于BCD ∆所在的平面,4:3:,17,10===BD BC AD AC ,当BCD ∆的面积最大时,点A 到直线CD 的距离为 .。
mxt-高考数学难点突破-难点36--函数方程思想
难点36 函数方程思想函数与方程思想是最重要的一种数学思想,高考中所占比重较大,综合知识多、题型多、应用技巧多.函数思想简单,即将所研究的问题借助建立函数关系式亦或构造中间函数,结合初等函数的图象与性质,加以分析、转化、解决有关求值、解(证)不等式、解方程以及讨论参数的取值范围等问题;方程思想即将问题中的数量关系运用数学语言转化为方程模型加以解决.●难点磁场1.(★★★★★)关于x 的不等式2·32x –3x +a 2–a –3>0,当0≤x ≤1时恒成立,则实数a 的取值范围为 .2.(★★★★★)对于函数f (x ),若存在x 0∈R ,使f (x 0)=x 0成立,则称x 0为f (x )的不动点.已知函数f (x )=ax 2+(b +1)x +(b –1)(a ≠0)(1)若a =1,b =–2时,求f (x )的不动点;(2)若对任意实数b ,函数f (x )恒有两个相异的不动点,求a 的取值范围;(3)在(2)的条件下,若y =f (x )图象上A 、B 两点的横坐标是函数f (x )的不动点,且A 、B 关于直线y =kx +1212+a 对称,求b 的最小值.●案例探究[例1]已知函数f (x )=log m33+-x x (1)若f (x )的定义域为[α,β],(β>α>0),判断f (x )在定义域上的增减性,并加以说明;(2)当0<m <1时,使f (x )的值域为[log m [m (β–1)],log m [m (α–1)]]的定义域区间为[α,β](β>α>0)是否存在?请说明理由.命题意图:本题重在考查函数的性质,方程思想的应用.属★★★★级题目.知识依托:函数单调性的定义判断法;单调性的应用;方程根的分布;解不等式组. 错解分析:第(1)问中考生易忽视“α>3”这一关键隐性条件;第(2)问中转化出的方程,不能认清其根的实质特点,为两大于3的根.技巧与方法:本题巧就巧在采用了等价转化的方法,借助函数方程思想,巧妙解题.解:(1)⇔>+-033x x x <–3或x >3. ∵f (x )定义域为[α,β],∴α>3 设β≥x 1>x 2≥α,有0)3)(3()(6333321212211>++-=+--+-x x x x x x x x 当0<m <1时,f (x )为减函数,当m >1时,f (x )为增函数.(2)若f (x )在[α,β]上的值域为[log m m (β–1),log m m (α–1)] ∵0<m <1, f (x )为减函数.∴⎪⎪⎩⎪⎪⎨⎧-=+-=-=+-=)1(log 33log )()1(log 33log )(ααααββββm f m f m m m m即3,0)1(3)12(0)1(3)12(22>>⎪⎩⎪⎨⎧=---+=---+αβααββ又m m m m m m即α,β为方程mx 2+(2m –1)x –3(m –1)=0的大于3的两个根∴⎪⎪⎪⎩⎪⎪⎪⎨⎧>>-->+-=∆<<0)3(3212011616102mf m m m m m ∴0<m <432-故当0<m <432-时,满足题意条件的m 存在. [例2]已知函数f (x )=x 2–(m +1)x +m (m ∈R ) (1)若tan A ,tan B 是方程f (x )+4=0的两个实根,A 、B 是锐角三角形ABC 的两个内角.求证:m ≥5;(2)对任意实数α,恒有f (2+cos α)≤0,证明m ≥3;(3)在(2)的条件下,若函数f (sin α)的最大值是8,求m .命题意图:本题考查函数、方程与三角函数的相互应用;不等式法求参数的范围.属 ★★★★★级题目.知识依托:一元二次方程的韦达定理、特定区间上正负号的充要条件,三角函数公式. 错解分析:第(1)问中易漏掉Δ≥0和tan(A +B )<0,第(2)问中如何保证f (x )在[1,3]恒小于等于零为关键.技巧与方法:深挖题意,做到题意条件都明确,隐性条件注意列.列式要周到,不遗漏. (1)证明:f (x )+4=0即x 2–(m +1)x +m +4=0.依题意:⎪⎩⎪⎨⎧>+=⋅>+=+≥+-+=∆04tan tan 01tan tan 0)4(4)1(2m B A m B A m m 又A 、B 锐角为三角形内两内角 ∴2π<A +B <π ∴tan(A +B )<0,即031tan tan 1tan tan )tan(<--+=-+=+m m B A B A B A∴⎪⎪⎪⎩⎪⎪⎪⎨⎧>++>+>+≥--031040101522m m m m m m ∴m ≥5 (2)证明:∵f (x )=(x –1)(x –m )又–1≤cos α≤1,∴1≤2+cos α≤3,恒有f (2+cos α)≤0 即1≤x ≤3时,恒有f (x )≤0即(x –1)(x –m )≤0 ∴m ≥x 但x max =3,∴m ≥x max =3(3)解:∵f (sin α)=sin 2α–(m +1)sin α+m =4)1()21(sin 22+-++-m m m α 且21+m ≥2,∴当sin α=–1时,f (sin α)有最大值8. 即1+(m +1)+m =8,∴m =3 ●锦囊妙计函数与方程的思想是最重要的一种数学思想,要注意函数,方程与不等式之间的相互联系和转化.考生应做到:(1)深刻理解一般函数y =f (x )、y =f –1(x )的性质(单调性、奇偶性、周期性、最值和图象变换),熟练掌握基本初等函数的性质,这是应用函数思想解题的基础.(2)密切注意三个“二次”的相关问题,三个“二次”即一元二次函数、一元二次方程、一元二次不等式是中学数学的重要内容,具有丰富的内涵和密切的联系.掌握二次函数基本性质,二次方程实根分布条件,二次不等式的转化策略.●歼灭难点训练 一、选择题1.(★★★★★)已知函数f (x )=log a [x –(2a )2]对任意x ∈[21,+∞]都有意义,则实数a 的取值范围是( )A.(0,41] B.(0,41) C.[41,1) D.(41,21) 2.(★★★★★)函数f (x )的定义域为R ,且x ≠1,已知f (x +1)为奇函数,当x <1时,f (x )=2x 2–x +1,那么当x >1时,f (x )的递减区间是( )A.[45,+∞) B.(1,45] C.[47,+∞) D.(1,47]二、填空题3.(★★★★)关于x 的方程lg(ax –1)–lg(x –3)=1有解,则a 的取值范围是 .4.(★★★★★)如果y =1–sin 2x –m cos x 的最小值为–4,则m 的值为 . 三、解答题5.(★★★★)设集合A ={x |4x –2x +2+a =0,x ∈R }. (1)若A 中仅有一个元素,求实数a 的取值集合B ;(2)若对于任意a ∈B ,不等式x 2–6x <a (x –2)恒成立,求x 的取值范围.6.(★★★★)已知二次函数f (x )=ax 2+bx (a ,b 为常数,且a ≠0)满足条件:f (x –1)=f (3–x )且方程f (x )=2x 有等根.(1)求f (x )的解析式;(2)是否存在实数m ,n (m <n =,使f (x )定义域和值域分别为[m ,n ]和[4m ,4n ],如果存在,求出m 、n 的值;如果不存在,说明理由.7.(★★★★★)已知函数f (x )=6x –6x 2,设函数g 1(x )=f (x ), g 2(x )=f [g 1(x )], g 3(x )=f [g 2(x )], …g n (x )=f [g n –1(x )],…(1)求证:如果存在一个实数x 0,满足g 1(x 0)=x 0,那么对一切n ∈N ,g n (x 0)=x 0都成立; (2)若实数x 0满足g n (x 0)=x 0,则称x 0为稳定不动点,试求出所有这些稳定不动点; (3)设区间A =(–∞,0),对于任意x ∈A ,有g 1(x )=f (x )=a <0, g 2(x )=f [g 1(x )]=f (0)<0, 且n ≥2时,g n (x )<0.试问是否存在区间B (A ∩B ≠∅),对于区间内任意实数x ,只要n ≥2,都有g n (x )<0.8.(★★★★)已知函数f (x )=xa 11- (a >0,x >0). (1)求证:f (x )在(0,+∞)上是增函数;(2)若f (x )≤2x 在(0,+∞)上恒成立,求a 的取值范围;(3)若f (x )在[m ,n ]上的值域是[m ,n ](m ≠n ),求a 的取值范围.参 考 答 案●难点磁场1.解析:设t =3x ,则t ∈[1,3],原不等式可化为a 2–a –3>–2t 2+t ,t ∈[1,3]. 等价于a 2–a –3大于f (t )=–2t 2+t 在[1,3]上的最大值. 答案:(–∞,–1)∪(2,+∞)2.解:(1)当a =1,b =–2时,f (x )=x 2–x –3,由题意可知x =x 2–x –3,得x 1=–1,x 2=3. 故当a =1,b =–2时,f (x )的两个不动点为–1,3.(2)∵f (x )=ax 2+(b +1)x +(b –1)(a ≠0)恒有两个不动点,∴x =ax 2+(b +1)x +(b –1),即ax 2+bx +(b –1)=0恒有两相异实根 ∴Δ=b 2–4ab +4a >0(b ∈R )恒成立. 于是Δ′=(4a )2–16a <0解得0<a <1故当b ∈R ,f (x )恒有两个相异的不动点时,0<a <1.(3)由题意A 、B 两点应在直线y =x 上,设A (x 1,x 1),B (x 2,x 2) 又∵A 、B 关于y =kx +1212+a 对称.∴k =–1.设AB 的中点为M (x ′,y ′)∵x 1,x 2是方程ax 2+bx +(b –1)=0的两个根. ∴x ′=y ′=a b x x 2221-=+,又点M 在直线1212++-=a x y 上有 121222++=-a a b a b ,即aa a ab 121122+-=+-= ∵a >0,∴2a +a 1≥22当且仅当2a =a1即a =22∈(0,1)时取等号,故b ≥–221,得b 的最小值–42. ●歼灭难点训练一、1.解析:考查函数y 1=x 和y 2=(2a )x的图象,显然有0<2a <1.由题意21)2(21a =得a =41,再结合指数函数图象性质可得答案. 答案:A 2.解析:由题意可得f (–x +1)=–f (x +1).令t =–x +1,则x =1–t ,故f (t )=–f (2–t ),即f (x )=–f (2–x ).当x >1,2–x <1,于是有f (x )=–f (2–x )=–2(x –47)2–87,其递减区间为[47,+∞). 答案:C3.解析:显然有x >3,原方程可化为1031=--x ax 故有(10–a )·x =29,必有10–a >0得a <10又x =a -1029>3可得a >31. 答案:31<a <104.解析:原式化为4)2(cos 22m m x y --=.当2m<–1,y min =1+m =–4⇒m =–5. 当–1≤2m≤1,y min =42m -=–4⇒m =±4不符.当2m>1,y min =1–m =–4⇒m =5. 答案:±5二、5.解:(1)令2x =t (t >0),设f (t )=t 2–4t +a .由f (t )=0在(0,+∞)有且仅有一根或两相等实根,则有 ①f (t )=0有两等根时,Δ=0⇒16–4a =0⇒a =4 验证:t 2–4t +4=0⇒t =2∈(0,+∞),这时x =1 ②f (t )=0有一正根和一负根时,f (0)<0⇒a <0③若f (0)=0,则a =0,此时4x –4·2x =0⇒2x =0(舍去),或2x =4,∴x =2,即A 中只有一个元素综上所述,a ≤0或a =4,即B ={a |a ≤0或a =4}(2)要使原不等式对任意a ∈(–∞,0]∪{4}恒成立.即g (a )=(x –2)a –(x 2–6x )>0恒成立.只须175081020)4(022-⇒⎩⎨⎧<+-≤⇒⎩⎨⎧>≤-x x x g x <x ≤2 6.解:(1)∵方程ax 2+bx =2x 有等根,∴Δ=(b –2)2=0,得b =2. 由f (x –1)=f (3–x )知此函数图象的对称轴方程为x =–ab2=1得a =–1,故f (x )=–x 2+2x . (2)f (x )=–(x –1)2+1≤1,∴4n ≤1,即n ≤41 而抛物线y =–x 2+2x 的对称轴为x =1 ∴n ≤41时,f (x )在[m ,n ]上为增函数. 若满足题设条件的m ,n 存在,则⎩⎨⎧==nn f mm f 4)(4)(⎩⎨⎧-==-==⇒⎪⎩⎪⎨⎧=+-=+-2020424222n n m m nn n m m m 或或即 又m <n ≤41,∴m =–2,n =0,这时定义域为[–2,0],值域为[–8,0]. 由以上知满足条件的m 、n 存在,m =–2,n =0. 7.(1)证明:当n =1时,g 1(x 0)=x 0显然成立;设n =k 时,有g k (x 0)=x 0(k ∈N )成立, 则g k +1(x 0)=f [g k (x 0)]=f (x 0)=g 1(x 0)=x 0 即n =k +1时,命题成立.∴对一切n ∈N ,若g 1(x 0)=x 0,则g n (x 0)=x 0.(2)解:由(1)知,稳定不动点x 0只需满足f (x 0)=x 0 由f (x 0)=x 0,得6x 0–6x 02=x 0,∴x 0=0或x 0=65 ∴稳定不动点为0和65. (3)解:∵f (x )<0,得6x –6x 2<0⇒x <0或x >1.∴g n (x )<0⇔f [g n –1(x )]<0⇔g n –1(x )<0或g n –1(x )>1要使一切n ∈N ,n ≥2,都有g n (x )<0,必须有g 1(x )<0或g 1(x )>1. 由g 1(x )<0⇔6x –6x 2<0⇔x <0或x >1 由g 1(x )>0⇔6x –6x 2>1⇔633633+<<-x 故对于区间(633,633+-)和(1,+∞)内的任意实数x ,只要n ≥2,n ∈N ,都有g n (x )<0. 8.(1)证明:任取x 1>x 2>0,f (x 1)–f (x 2)=2121122111)11()11(x x xx x x x a x a -=-=--- ∵x 1>x 2>0,∴x 1x 2>0,x 1–x 2>0,∴f (x 1)–f (x 2)>0,即f (x 1)>f (x 2),故f (x )在(0,+∞)上是增函数. (2)解:∵xa 11-≤2x 在(0,+∞)上恒成立,且a >0, ∴a ≥xx 121+在(0,+∞)上恒成立,令421221121)(=⋅≤+=xx xx x g (当且仅当2x =x1即x =22时取等号),要使a ≥xx 121+在(0,+∞)上恒成立,则a ≥42.故a 的取值范 围是[42,+∞).(3)解:由(1)f (x )在定义域上是增函数. ∴m =f (m ),n =f (n ),即m 2–a 1m +1=0,n 2–a1n +1=0 故方程x 2–a 1x +1=0有两个不相等的正根m ,n ,注意到m ·n =1,故只需要Δ=(a1)2–4>0,由于a >0,则0<a <21.。
高考数学难点突破_难点08__奇偶性与单调性(二)
难点8 奇偶性与单调性(二)例题讲解:[例1]已知奇函数f (x )是定义在(-3,3)上的减函数,且满足不等式f (x -3)+f (x 2-3)<0,设不等式解集为A ,B =A ∪{x |1≤x ≤5},求函数g (x )=-3x 2+3x -4(x ∈B )的最大值. 题目分析:本题属于函数性质的综合性题目,考生必须具有综合运用知识分析和解决问题的能力,借助奇偶性脱去“f ”号,转化为x cos 不等式,利用数形结合进行集合运算和求最值.解:由⎩⎨⎧<<-<<⎩⎨⎧<-<-<-<-66603333332x x x x 得且x ≠0,故0<x <6, 又∵f (x )是奇函数,∴f (x -3)<-f (x 2-3)=f (3-x 2),又f (x )在(-3,3)上是减函数, ∴x -3>3-x 2,即x 2+x -6>0,解得x >2或x <-3,综上得2<x <6,即A ={x |2<x <6}, ∴B =A ∪{x |1≤x ≤5}={x |1≤x <6},又g (x )=-3x 2+3x -4=-3(x -21)2-413知:g (x )在B 上为减函数,∴g (x )max =g (1)=-4.[例2]已知奇函数f (x )的定义域为R ,且f (x )在[0,+∞)上是增函数,是否存在实数m ,使f (cos2θ-3)+f (4m -2m cos θ)>f (0)对所有θ∈[0,2π]都成立?若存在,求出符合条件的所有实数m 的范围,若不存在,说明理由.题目分析:本题属于探索性问题,主要考查考生的综合分析能力和逻辑思维能力以及运算能力,主要运用等价转化的思想和分类讨论的思想来解决问题.解:∵f (x )是R 上的奇函数,且在[0,+∞)上是增函数,∴f (x )是R 上的增函数.于是不等式可等价地转化为f (cos2θ-3)>f (2m cos θ-4m ),即cos2θ-3>2m cos θ-4m ,即cos 2θ-m cos θ+2m -2>0.设t =cos θ,则问题等价地转化为函数g (t )=t 2-mt +2m -2=(t -2m )2-42m +2m -2在[0,1]上的值恒为正,又转化为函数g (t )在[0,1]上的最小值为正.∴当2m<0,即m <0时,g (0)=2m -2>0⇒m >1与m <0不符; 当0≤2m≤1时,即0≤m ≤2时,g (m )=-42m +2m -2>0⇒4-22<m <4+22,∴4-22<m ≤2.当2m>1,即m >2时,g (1)=m -1>0⇒m >1.∴m >2 综上,符合题目要求的m 的值存在,其取值范围是m >4-22.题目分析:(1)运用奇偶性和单调性去解决有关函数的综合性题目.此类题目要求考生必须具有驾驭知识的能力,并具有综合分析问题和解决问题的能力.(2)应用问题.在利用函数的奇偶性和单调性解决实际问题的过程中,往往还要用到等价转化和数形结合的思想方法,把问题中较复杂、抽象的式子转化为基本的简单的式子去解决.特别是:往往利用函数的单调性求实际应用题中的最值问题.课后习题:一、选择题1.(★★★★)设f (x )是(-∞,+∞)上的奇函数,f (x +2)=-f (x ),当0≤x ≤1时,f (x )=x ,则f (7.5)等于( )A.0.5B.-0.5C.1.5D.-1.52.(★★★★)已知定义域为(-1,1)的奇函数y =f (x )又是减函数,且f (a -3)+f (9-a 2)<0,则a 的取值范围是( )A.(22,3)B.(3,10)C.(22,4)D.(-2,3)二、填空题3.(★★★★)若f (x )为奇函数,且在(0,+∞)内是增函数,又f (-3)=0,则xf (x )<0的解集为_________.4.(★★★★)如果函数f (x )在R 上为奇函数,在(-1,0)上是增函数,且f (x +2)=-f (x ),试比较f (31),f (32),f (1)的大小关系_________. 三、解答题5.(★★★★★)已知f (x )是偶函数而且在(0,+∞)上是减函数,判断f (x )在(-∞,0)上的增减性并加以证明.6.(★★★★)已知f (x )=xx a 2112+-⋅ (a ∈R )是R 上的奇函数,(1)求a 的值;(2)求f (x )的反函数f -1(x );(3)对任意给定的k ∈R +,解不等式f -1(x )>lg kx+1.7.(★★★★)定义在(-∞,4]上的减函数f (x )满足f (m -sin x )≤f (m 21+-47+cos 2x )对任意x ∈R 都成立,求实数m 的取值范围.8.(★★★★★)已知函数y =f (x )=c bx ax ++12 (a ,b ,c ∈R ,a >0,b >0)是奇函数,当x >0时,f (x )有最小值2,其中b ∈N 且f (1)<25.(1)试求函数f (x )的解析式;(2)问函数f (x )图象上是否存在关于点(1,0)对称的两点,若存在,求出点的坐标;若不存在,说明理由.参考答案一、1.解析:f (7.5)=f (5.5+2)=-f (5.5)=-f (3.5+2)=f (3.5)=f (1.5+2)=-f (1.5)=-f (-0.5+2)= f (-0.5)=-f (0.5)=-0.5.答案:B2.解析:∵f (x )是定义在(-1,1)上的奇函数又是减函数,且f (a -3)+f (9-a 2)<0. ∴f (a -3)<f (a 2-9).∴⎪⎩⎪⎨⎧->-<-<-<-<-9319113122a a a a ∴a ∈(22,3). 答案:A二、3.解析:由题意可知:xf (x )<0⎩⎨⎧<>⎩⎨⎧><⇔0)(00)(0x f x x f x 或⎩⎨⎧<>⎩⎨⎧-><⇔⎩⎨⎧<>⎩⎨⎧-><⇔3030 )3()(0 )3()(0x x x x f x f x f x f x 或或∴x ∈(-3,0)∪(0,3)答案:(-3,0)∪(0,3) 4.解析:∵f (x )为R 上的奇函数 ∴f (31)=-f (-31),f (32)=-f (-32),f (1)=-f (-1),又f (x )在(-1,0)上是增函数且-31> -32>-1. ∴f (-31)>f (-32)>f (-1),∴f (31)<f (32)<f (1). 答案:f (31)<f (32)<f (1)三、5.解:函数f (x )在(-∞,0)上是增函数,设x 1<x 2<0,因为f (x )是偶函数,所以 f (-x 1)=f (x 1),f (-x 2)=f (x 2),由假设可知-x 1>-x 2>0,又已知f (x )在(0,+∞)上是减函数,于是有f (-x 1)<f (-x 2),即f (x 1)<f (x 2),由此可知,函数f (x )在(-∞,0)上是增函数.6.解:(1)a =1.(2)f (x )=1212+-x x (x ∈R )⇒f --1(x )=log 2xx -+11 (-1<x <1).(3)由log 2xx-+11>log 2k x +1⇒log 2(1-x )<log 2k ,∴当0<k <2时,不等式解集为{x |1-k <x <1};当k ≥2时,不等式解集为{x |-1<x <1}.7.解:⎪⎩⎪⎨⎧++-≥++-≤-⎪⎪⎪⎩⎪⎪⎪⎨⎧+-+≥-≤+-+≤-1sin sin 4721sin 4 cos 4721sin 4cos 47214sin 222x x m m x m x m x m x m x m 即,对x ∈R 恒成立,⎪⎩⎪⎨⎧=≥≤∴21233m m m 或∴m ∈[23,3]∪{21}. 8.解:(1)∵f (x )是奇函数,∴f (-x )=-f (x ),即c bx c bx c bx ax c bx ax -=+⇒+-+-=++1122∴c =0,∵a >0,b >0,x >0,∴f (x )=bx x b a bx ax 112+=+≥22b a ,当且仅当x =a 1时等号成立,于是22b a =2,∴a =b 2,由f (1)<25得b a 1+<25即b b 12+<25,∴2b 2-5b +2<0,解得21<b <2,又b ∈N ,∴b =1,∴a =1,∴f (x )=x +x1. (2)设存在一点(x 0,y 0)在y =f (x )的图象上,并且关于(1,0)的对称点(2-x 0,-y 0)也在y =f (x )图象上,则⎪⎪⎩⎪⎪⎨⎧-=-+-=+0020002021)2(1y xx y x x消去y 0得x 02-2x 0-1=0,x 0=1±2.∴y =f (x )图象上存在两点(1+2,22),(1-2,-22)关于(1,0)对称.。
《最高考》聚焦小题强化训练50练(提升版)(含详细解答)
(第 7 题) 6.已知函数 f(x)=sinx(x∈[0,π])和函数 g(x)=12tanx 的图象交于 A,B,C 三点,则△ABC 的面 积为________. 7.如图,在圆柱 O1O2 内有一个球 O,该球与圆柱的上、下底面及母线均相切.记圆柱 O1O2 的体积为 V1,球 O 的体积为 V2,则VV12的值是________. 8.已知函数 f(x)=mx3x++x22+,mx>,1,0≤x≤1,若函数 f(x)有且只有两个零点,则实数 m 的取值范围是 ________.
11.(本小题满分 16 分) 某农场有一块农田,如图,它的边界由圆 O 的一段圆弧 MPN(P 为此圆弧的中点)和线段 MN 构成.已知圆 O 的半径为 40 米,点 P 到 MN 的距离为 50 米.现规划在此农田上修建两个温 室大棚,大棚Ⅰ内的地块形状为矩形 ABCD,大棚Ⅱ内的地块形状为△CDP,要求 A,B 均在 线段 MN 上,C,D 均在圆弧上.设 OC 与 MN 所成的角为 θ. (1)用 θ 分别表示矩形 ABCD 和△CDP 的面积,并确定 sinθ 的取值范围; (2)若大棚Ⅰ内种植甲种蔬菜,大棚Ⅱ内种植乙种蔬菜,且甲、乙两种蔬菜的单位面积年产值 之比为 4∶3.求当 θ 为何值时,能使甲、乙两种蔬菜的年总产值最大.
小题强化训练二
一、填空题:本大题共 8 小题,每题 5 分,共 40 分. 1.已知复数 z 满足(z-2)i=1+i(i 为虚数单位),则复数 z 的共轭复数 z 在复平面内对应的点位 于第________象限. 2.设集合 A={x|y=ln(x2-3x)},B={y|y=2x,x∈R},则 A∪B=____________. 3.若 θ∈(0,π4),且 sin2θ=14,则 sin(θ-π4)=________. 4.已知一个正方体的外接球体积为 V1,其内切球体积为 V2,则VV12的值为________. 5.记等差数列{an}的前 n 项和为 Sn.已知 a1=3,且数列{ Sn }也为等差数列,则 a11=________. 6.在▱ABCD 中,∠BAD=60°,E 是 CD 上一点,且A→E=12A→B+B→C,|A→B|=λ|A→D|.若A→C·E→B=12A→D 2,则 λ=________. 7.设函数 f(x)=lnx+mx ,m∈R,若对任意 x2>x1>0,f(x2)-f(x1)<x2-x1 恒成立,则实数 m 的 取值范围是__________. 8.已知实数 x,y 满足 x2+y2=1,则(x-1y)2+(x+1y)2的最小值为________. 二、解答题:本大题共 4 小题,共 60 分.解答时应写出必要的文字说明、证明过程或演算步 骤. 9.(本小题满分 14 分) 在平面四边形 ABCD 中,∠ADC=90°,∠A=45°,AB=2,BD=5. (1)求 cos∠ADB 的值; (2)若 DC=2 2,求 BC 的值.
高考数学难点突破难点(集合思想及应用-充要条件)
目录高考数学难点突破_难点01__集合思想及应用2高考数学难点突破_难点02__充要条件7难点1集合思想及应用集合是高中数学的基本知识,为历年必考内容之一,主要考查对集合基本概念的认识和理解,以及作为工具,考查集合语言和集合思想的运用.本节主要是帮助考生运用集合的观点,不断加深对集合概念、集合语言、集合思想的理解与应用.●难点磁场(★★★★★)已知集合A ={(x ,y )|x 2+mx -y +2=0},B ={(x ,y )|x -y +1=0,且0≤x ≤2},如果A ∩B ≠∅,求实数m 的取值范围.●案例探究[例1]设A ={(x ,y )|y 2-x -1=0},B ={(x ,y )|4x 2+2x -2y +5=0},C ={(x ,y )|y =kx +b },是否存在k 、b ∈N ,使得(A ∪B )∩C =∅,证明此结论.命题意图:本题主要考查考生对集合及其符号的分析转化能力,即能从集合符号上分辨出所考查的知识点,进而解决问题.属★★★★★级题目.知识依托:解决此题的闪光点是将条件(A ∪B )∩C =∅转化为A ∩C =∅且B ∩C =∅,这样难度就降低了.错解分析:此题难点在于考生对符号的不理解,对题目所给出的条件不能认清其实质内涵,因而可能感觉无从下手.技巧与方法:由集合A 与集合B 中的方程联立构成方程组,用判别式对根的情况进行限制,可得到b 、k 的范围,又因b 、k ∈N ,进而可得值.解:∵(A ∪B )∩C =∅,∴A ∩C =∅且B ∩C =∅∵⎩⎨⎧+=+=bkx y x y 12∴k 2x 2+(2bk -1)x +b 2-1=0∵A ∩C =∅∴Δ1=(2bk -1)2-4k 2(b 2-1)<0∴4k 2-4bk +1<0,此不等式有解,其充要条件是16b 2-16>0,即b 2>1①∵⎩⎨⎧+==+-+bkx y y x x 052242∴4x 2+(2-2k )x +(5+2b )=0∵B ∩C =∅,∴Δ2=(1-k )2-4(5-2b )<0∴k 2-2k +8b -19<0,从而8b <20,即b <2.5②由①②及b ∈N ,得b =2代入由Δ1<0和Δ2<0组成的不等式组,得⎪⎩⎪⎨⎧<--<+-032,018422k k k k ∴k =1,故存在自然数k =1,b =2,使得(A ∪B )∩C =∅.[例2]向50名学生调查对A 、B 两事件的态度,有如下结果:赞成A 的人数是全体的五分之三,其余的不赞成,赞成B 的比赞成A 的多3人,其余的不赞成;另外,对A 、B 都不赞成的学生数比对A 、B 都赞成的学生数的三分之一多1人.问对A 、B 都赞成的学生和都不赞成的学生各有多少人?命题意图:在集合问题中,有一些常用的方法如数轴法取交并集,韦恩图法等,需要考生切实掌握.本题主要强化学生的这种能力.属★★★★级题目.知识依托:解答本题的闪光点是考生能由题目中的条件,想到用韦恩图直观地表示出来.错解分析:本题难点在于所给的数量关系比较错综复杂,一时理不清头绪,不好找线索.技巧与方法:画出韦恩图,形象地表示出各数量关系间的联系.解:赞成A 的人数为50×53=30,赞成B 的人数为30+3=33,如上图,记50名学生组成的集合为U ,赞成事件A 的学生全体为集合A ;赞成事件B 的学生全体为集合B .设对事件A 、B 都赞成的学生人数为x ,则对A 、B 都不赞成的学生人数为3x+1,赞成A 而不赞成B 的人数为30-x ,赞成B 而不赞成A 的人数为33-x .依题意(30-x )+(33-x )+x +(3x+1)=50,解得x =21.所以对A 、B 都赞成的同学有21人,都不赞成的有8人.●锦囊妙计1.解答集合问题,首先要正确理解集合有关概念,特别是集合中元素的三要素;对于用描述法给出的集合{x |x ∈P },要紧紧抓住竖线前面的代表元素x 以及它所具有的性质P ;要重视发挥图示法的作用,通过数形结合直观地解决问题.2.注意空集∅的特殊性,在解题中,若未能指明集合非空时,要考虑到空集的可能性,如A ⊆B ,则有A =∅或A ≠∅两种可能,此时应分类讨论.●歼灭难点训练一、选择题1.(★★★★)集合M ={x |x =42π+kx ,k ∈Z },N ={x |x =22ππ+k ,k ∈Z },则()A.M =N B.M N C.M N D.M ∩N =∅2.(★★★★)已知集合A ={x |-2≤x ≤7},B ={x |m +1<x <2m -1}且B ≠∅,若A ∪B =A ,则()A.-3≤m ≤4B.-3<m <4C.2<m <4D.2<m ≤4二、填空题3.(★★★★)已知集合A ={x ∈R |a x 2-3x +2=0,a ∈R },若A 中元素至多有1个,则a 的取值范围是_________.4.(★★★★)x 、y ∈R ,A ={(x ,y )|x 2+y 2=1},B ={(x ,y )|bya x -=1,a >0,b >0},当A ∩B 只有一个元素时,a ,b 的关系式是_________.三、解答题5.(★★★★★)集合A ={x |x 2-ax +a 2-19=0},B ={x |log 2(x 2-5x +8)=1},C ={x |x 2+2x -8=0},求当a 取什么实数时,A ∩B ∅和A ∩C =∅同时成立.6.(★★★★★)已知{a n }是等差数列,d 为公差且不为0,a 1和d 均为实数,它的前n 项和记作S n ,设集合A ={(a n ,n S n )|n ∈N *},B ={(x ,y )|41x 2-y 2=1,x ,y ∈R }.试问下列结论是否正确,如果正确,请给予证明;如果不正确,请举例说明.(1)若以集合A 中的元素作为点的坐标,则这些点都在同一条直线上;(2)A ∩B 至多有一个元素;(3)当a 1≠0时,一定有A ∩B ≠∅.7.(★★★★)已知集合A ={z ||z -2|≤2,z ∈C },集合B ={w |w =21zi +b ,b ∈R },当A ∩B =B 时,求b 的值.8.(★★★★)设f (x )=x 2+px +q ,A ={x |x =f (x )},B ={x |f [f (x )]=x }.(1)求证:A ⊆B ;(2)如果A ={-1,3},求B .参考答案难点磁场解:由⎩⎨⎧≤≤=+-=+-+)20(01022x y x y mx x 得x 2+(m -1)x +1=0①∵A ∩B ≠∅∴方程①在区间[0,2]上至少有一个实数解.首先,由Δ=(m -1)2-4≥0,得m ≥3或m ≤-1,当m ≥3时,由x 1+x 2=-(m -1)<0及x 1x 2=1>0知,方程①只有负根,不符合要求.当m ≤-1时,由x 1+x 2=-(m -1)>0及x 1x 2=1>0知,方程①只有正根,且必有一根在区间(0,1]内,从而方程①至少有一个根在区间[0,2]内.故所求m 的取值范围是m ≤-1.歼灭难点训练一、1.解析:对M 将k 分成两类:k =2n 或k =2n +1(n ∈Z ),M ={x |x =n π+4π,n ∈Z }∪{x |x =n π+43π,n ∈Z },对N 将k 分成四类,k =4n 或k =4n +1,k =4n +2,k =4n +3(n ∈Z ),N ={x |x =n π+2π,n∈Z }∪{x |x =n π+43π,n ∈Z }∪{x |x =n π+π,n ∈Z }∪{x |x =n π+45π,n ∈Z }.答案:C2.解析:∵A ∪B =A ,∴B ⊆A,又B ≠∅,∴⎪⎩⎪⎨⎧-<+≤--≥+12171221m m m m 即2<m ≤4.答案:D 二、3.a =0或a ≥894.解析:由A ∩B 只有1个交点知,圆x 2+y 2=1与直线b ya x -=1相切,则1=22ba ab +,即ab =22b a +.答案:ab =22b a +三、5.解:log 2(x 2-5x +8)=1,由此得x 2-5x +8=2,∴B ={2,3}.由x 2+2x -8=0,∴C ={2,-4},又A ∩C =∅,∴2和-4都不是关于x 的方程x 2-ax +a 2-19=0的解,而A ∩B ∅,即A ∩B ≠∅,∴3是关于x 的方程x 2-ax +a 2-19=0的解,∴可得a =5或a =-2.当a =5时,得A ={2,3},∴A ∩C ={2},这与A ∩C =∅不符合,所以a =5(舍去);当a =-2时,可以求得A ={3,-5},符合A ∩C =∅,A ∩B ∅,∴a =-2.6.解:(1)正确.在等差数列{a n }中,S n =2)(1n a a n +,则21=n S n (a 1+a n ),这表明点(a n ,nS n )的坐标适合方程y 21=(x +a 1),于是点(a n ,n S n )均在直线y =21x +21a 1上.(2)正确.设(x ,y )∈A ∩B ,则(x ,y )中的坐标x ,y 应是方程组⎪⎪⎩⎪⎪⎨⎧=-+=1412121221y x a x y 的解,由方程组消去y 得:2a 1x +a 12=-4(*),当a 1=0时,方程(*)无解,此时A ∩B =∅;当a 1≠0时,方程(*)只有一个解x =12124a a --,此时,方程组也只有一解⎪⎪⎩⎪⎪⎨⎧-=--=1211214424a a y a a y ,故上述方程组至多有一解.∴A ∩B 至多有一个元素.(3)不正确.取a 1=1,d =1,对一切的x ∈N *,有a n =a 1+(n -1)d =n >0,nS n>0,这时集合A 中的元素作为点的坐标,其横、纵坐标均为正,另外,由于a 1=1≠0.如果A ∩B ≠∅,那么据(2)的结论,A ∩B 中至多有一个元素(x 0,y 0),而x 0=5224121-=--a a <0,y 0=43201=+x a <0,这样的(x 0,y 0)∉A ,产生矛盾,故a 1=1,d =1时A ∩B =∅,所以a 1≠0时,一定有A ∩B ≠∅是不正确的.7.解:由w =21zi +b 得z =ib w 22-,∵z ∈A ,∴|z -2|≤2,代入得|ibw 22--2|≤2,化简得|w -(b +i )|≤1.∴集合A 、B 在复平面内对应的点的集合是两个圆面,集合A 表示以点(2,0)为圆心,半径为2的圆面,集合B 表示以点(b ,1)为圆心,半径为1的圆面.又A ∩B =B ,即B ⊆A ,∴两圆内含.因此22)01()2(-+-b ≤2-1,即(b -2)2≤0,∴b =2.8.(1)证明:设x 0是集合A 中的任一元素,即有x 0∈A .∵A ={x |x =f (x )},∴x 0=f (x 0).即有f [f (x 0)]=f (x 0)=x 0,∴x 0∈B ,故A ⊆B .(2)证明:∵A ={-1,3}={x |x 2+px +q =x },∴方程x 2+(p -1)x +q =0有两根-1和3,应用韦达定理,得⎩⎨⎧-=-=⇒⎩⎨⎧=⨯---=+-313)1(),1(31q p q p ∴f (x )=x 2-x -3.于是集合B 的元素是方程f [f (x )]=x ,也即(x 2-x -3)2-(x 2-x -3)-3=x (*)的根.将方程(*)变形,得(x 2-x -3)2-x 2=0解得x =1,3,3,-3.故B ={-3,-1,3,3}.难点2充要条件的判定充分条件、必要条件和充要条件是重要的数学概念,主要用来区分命题的条件p 和结论q 之间的关系.本节主要是通过不同的知识点来剖析充分必要条件的意义,让考生能准确判定给定的两个命题的充要关系.●难点磁场(★★★★★)已知关于x 的实系数二次方程x 2+ax +b =0有两个实数根α、β,证明:|α|<2且|β|<2是2|a |<4+b 且|b |<4的充要条件.●案例探究[例1]已知p :|1-31-x |≤2,q :x 2-2x +1-m 2≤0(m >0),若⌐p 是⌐q 的必要而不充分条件,求实数m 的取值范围.命题意图:本题以含绝对值的不等式及一元二次不等式的解法为考查对象,同时考查了充分必要条件及四种命题中等价命题的应用,强调了知识点的灵活性.知识依托:本题解题的闪光点是利用等价命题对题目的文字表述方式进行转化,使考生对充要条件的难理解变得简单明了.错解分析:对四种命题以及充要条件的定义实质理解不清晰是解此题的难点,对否命题,学生本身存在着语言理解上的困难.技巧与方法:利用等价命题先进行命题的等价转化,搞清晰命题中条件与结论的关系,再去解不等式,找解集间的包含关系,进而使问题解决.解:由题意知:命题:若⌐p 是⌐q 的必要而不充分条件的等价命题即逆否命题为:p 是q 的充分不必要条件.p :|1-31-x |≤2⇒-2≤31-x -1≤2⇒-1≤31-x ≤3⇒-2≤x ≤10q :x 2-2x +1-m 2≤0⇒[x -(1-m )][x -(1+m )]≤0*∵p 是q 的充分不必要条件,∴不等式|1-31-x |≤2的解集是x 2-2x +1-m 2≤0(m >0)解集的子集.又∵m >0∴不等式*的解集为1-m ≤x ≤1+m∴⎩⎨⎧≥≥⇒⎩⎨⎧≥+-≤-9110121m m m m ,∴m ≥9,∴实数m 的取值范围是[9,+∞).[例2]已知数列{a n }的前n 项S n =p n +q (p ≠0,p ≠1),求数列{a n }是等比数列的充要条件.命题意图:本题重点考查充要条件的概念及考生解答充要条件命题时的思维的严谨性.知识依托:以等比数列的判定为主线,使本题的闪光点在于抓住数列前n 项和与通项之间的递推关系,严格利用定义去判定.错解分析:因为题目是求的充要条件,即有充分性和必要性两层含义,考生很容易忽视充分性的证明.技巧与方法:由a n =⎩⎨⎧≥-=-)2()1(11n S S n S n n关系式去寻找a n 与a n +1的比值,但同时要注意充分性的证明.解:a 1=S 1=p +q .当n ≥2时,a n =S n -S n -1=p n -1(p -1)∵p ≠0,p ≠1,∴)1()1(1---p p p p n n =p若{a n }为等比数列,则nn a a a a 112+==p ∴qp p p +-)1(=p ,∵p ≠0,∴p -1=p +q ,∴q =-1这是{a n }为等比数列的必要条件.下面证明q =-1是{a n }为等比数列的充分条件.当q =-1时,∴S n =p n -1(p ≠0,p ≠1),a 1=S 1=p -1当n ≥2时,a n =S n -S n -1=p n -p n -1=p n -1(p -1)∴a n =(p -1)p n -1(p ≠0,p ≠1)211)1()1(-----=n n n n p p p p a a =p 为常数∴q =-1时,数列{a n }为等比数列.即数列{a n }是等比数列的充要条件为q =-1.●锦囊妙计本难点所涉及的问题及解决方法主要有:(1)要理解“充分条件”“必要条件”的概念:当“若p 则q ”形式的命题为真时,就记作p ⇒q ,称p 是q 的充分条件,同时称q 是p 的必要条件,因此判断充分条件或必要条件就归结为判断命题的真假.(2)要理解“充要条件”的概念,对于符号“⇔”要熟悉它的各种同义词语:“等价于”,“当且仅当”,“必须并且只需”,“……,反之也真”等.(3)数学概念的定义具有相称性,即数学概念的定义都可以看成是充要条件,既是概念的判断依据,又是概念所具有的性质.(4)从集合观点看,若A ⊆B ,则A 是B 的充分条件,B 是A 的必要条件;若A =B ,则A 、B 互为充要条件.(5)证明命题条件的充要性时,既要证明原命题成立(即条件的充分性),又要证明它的逆命题成立(即条件的必要性).●歼灭难点训练一、选择题1.(★★★★)函数f (x )=x |x +a |+b 是奇函数的充要条件是()A.ab =0 B.a +b =0 C.a =b D.a 2+b 2=02.(★★★★)“a =1”是函数y =cos 2ax -sin 2ax 的最小正周期为“π”的()A.充分不必要条件 B.必要不充分条件C.充要条件 D.既非充分条件也不是必要条件二、填空题3.(★★★★)a =3是直线ax +2y +3a =0和直线3x +(a -1)y =a -7平行且不重合的_________.4.(★★★★)命题A :两曲线F (x ,y )=0和G (x ,y )=0相交于点P (x 0,y 0),命题B :曲线F (x ,y )+λG (x ,y )=0(λ为常数)过点P (x 0,y 0),则A 是B 的__________条件.三、解答题5.(★★★★★)设α,β是方程x 2-ax +b =0的两个实根,试分析a >2且b >1是两根α、β均大于1的什么条件?6.(★★★★★)已知数列{a n }、{b n }满足:b n =nna a a n+++++++ 321221,求证:数列{a n }成等差数列的充要条件是数列{b n }也是等差数列.7.(★★★★★)已知抛物线C :y =-x 2+mx -1和点A (3,0),B (0,3),求抛物线C 与线段AB 有两个不同交点的充要条件.8.(★★★★★)p :-2<m <0,0<n <1;q :关于x 的方程x 2+mx +n =0有2个小于1的正根,试分析p 是q 的什么条件.(充要条件)参考答案难点磁场证明:(1)充分性:由韦达定理,得|b |=|α·β|=|α|·|β|<2×2=4.设f (x )=x 2+ax +b ,则f (x )的图象是开口向上的抛物线.又|α|<2,|β|<2,∴f (±2)>0.即有⇒⎩⎨⎧>+->++024024b a b a 4+b >2a >-(4+b )又|b |<4⇒4+b >0⇒2|a |<4+b (2)必要性:由2|a |<4+b ⇒f (±2)>0且f (x )的图象是开口向上的抛物线.∴方程f (x )=0的两根α,β同在(-2,2)内或无实根.∵α,β是方程f (x )=0的实根,∴α,β同在(-2,2)内,即|α|<2且|β|<2.歼灭难点训练一、1.解析:若a 2+b 2=0,即a =b =0,此时f (-x )=(-x )|x +0|+0=-x ·|x |=-(x |x +0|+b )=-(x |x +a |+b )=-f (x ).∴a 2+b 2=0是f (x )为奇函数的充分条件,又若f (x )=x |x +a |+b 是奇函数,即f (-x )=(-x )|(-x )+a |+b =-f (x ),则必有a =b =0,即a 2+b 2=0.∴a 2+b 2=0是f (x )为奇函数的必要条件.答案:D2.解析:若a =1,则y =cos 2x -sin 2x =cos2x ,此时y 的最小正周期为π.故a =1是充分条件,反过来,由y =cos 2ax -sin 2ax =cos2ax .故函数y 的最小正周期为π,则a =±1,故a =1不是必要条件.答案:A二、3.解析:当a =3时,直线l 1:3x +2y +9=0;直线l 2:3x +2y +4=0.∵l 1与l 2的A 1∶A 2=B 1∶B 2=1∶1,而C 1∶C 2=9∶4≠1,即C 1≠C 2,∴a =3⇔l 1∥l 2.答案:充要条件4.解析:若P (x 0,y 0)是F (x ,y )=0和G (x ,y )=0的交点,则F (x 0,y 0)+λG (x 0,y 0)=0,即F (x ,y )+λG (x ,y )=0,过P (x 0,y 0);反之不成立.答案:充分不必要三、5.解:根据韦达定理得a =α+β,b =αβ.判定的条件是p :⎩⎨⎧>>12b a 结论是q :⎩⎨⎧>>11βα(注意p 中a 、b 满足的前提是Δ=a 2-4b ≥0)(1)由⎩⎨⎧>>11βα,得a =α+β>2,b =αβ>1,∴q ⇒p(2)为证明pq ,可以举出反例:取α=4,β=21,它满足a =α+β=4+21>2,b =αβ=4×21=2>1,但q 不成立.综上讨论可知a >2,b >1是α>1,β>1的必要但不充分条件.6.证明:①必要性:设{a n }成等差数列,公差为d ,∵{a n }成等差数列.dn a n n n n d n a n na a a b n n 32)1(1])1(3221[)21(32121121⋅-+=+++-++⋅+⋅++++=+++++++=∴ 从而b n +1-b n =a 1+n ·32d -a 1-(n -1)32d =32d 为常数.故{b n }是等差数列,公差为32d .②充分性:设{b n }是等差数列,公差为d ′,则b n =(n -1)d ′∵b n (1+2+…+n )=a 1+2a 2+…+na n ①b n -1(1+2+…+n -1)=a 1+2a 2+…+(n -1)a n ②①-②得:na n =2)1(2)1(--+n n b n n n b n -1∴a n =d n b d n b n d n b n b n b n n n '⋅-+='-+--'-++=--+-23)1(])2([21])1([2121211111,从而得a n +1-a n =23d ′为常数,故{a n }是等差数列.综上所述,数列{a n }成等差数列的充要条件是数列{b n }也是等差数列.7.解:①必要性:由已知得,线段AB 的方程为y =-x +3(0≤x ≤3)由于抛物线C 和线段AB 有两个不同的交点,所以方程组⎩⎨⎧≤≤+-=-+-=)30(312x x y mx x y *有两个不同的实数解.消元得:x 2-(m +1)x +4=0(0≤x ≤3)设f (x )=x 2-(m +1)x +4,则有⎪⎪⎪⎩⎪⎪⎪⎨⎧<+<≤<⇒≥++-=≥=>⨯-+=∆3210310304)1(39)3(04)0(044)1(2m m m f f m ②充分性:当3<x ≤310时,x 1=2)1(1216)1(122+-+>-+-+m m m m >03216)1310(1310216)1(1222=-+++≤-+-+=m m x ∴方程x 2-(m +1)x +4=0有两个不等的实根x 1,x 2,且0<x 1<x 2≤3,方程组*有两组不同的实数解.因此,抛物线y =-x 2+mx -1和线段AB 有两个不同交点的充要条件3<m ≤310.8.解:若关于x 的方程x 2+mx +n =0有2个小于1的正根,设为x 1,x 2.则0<x 1<1,0<x 2<1,有0<x 1+x 2<2且0<x 1x 2<1,根据韦达定理:⎩⎨⎧<<<-<⎩⎨⎧=-=+10202121n m n x x m x x 得有-2<m <0;0<n <1即有q ⇒p .反之,取m =-21491,02131,21,312⨯-=∆=+-=x x n <0方程x 2+mx +n =0无实根,所以p q综上所述,p 是q 的必要不充分条件.。
高三数学选择填空难题突破 与三角函数相关的最值问题
高三数学选择填空难题突破与三角函数相关的最值问题高三数学选择填空难题突破与三角函数相关的最值问题一、方法综述三角函数相关的最值问题一直是高考数学的热点之一。
其中,三角函数的最值问题是三角函数的重要题型之一,主要包括考查三角函数图像和性质的最值问题,以及以三角函数的有界性为主的最值问题。
熟悉三角函数的图像和性质,掌握转化思想是解决这类问题的关键。
二、解题策略1.类型一:与三角函数的奇偶性和对称性相关的最值问题例1】若将函数$f(x)=\sin^2x+\cos^2x$的图像向左平移$\theta$($\theta>0$)个单位,所得的图像关于$y$轴对称,则$\theta$的最小值是()。
A。
$\frac{\pi}{3}$。
B。
$\frac{\pi}{5}$。
C。
$\frac{\pi}{4}$。
D。
$\frac{8\pi}{3}$解析】函数$f(x)=\sin^2x+\cos^2x$为常数函数,其图像为一条直线。
将其向左平移$\theta$个单位,得到的图像仍然是一条直线,不可能关于$y$轴对称。
因此,该题没有解。
举一反三】1.【广州市2018届高三第一学期第一次调研】将函数$y=2\sin\left(\frac{x+\pi}{3}\right)+\cos x$的图像向左平移$3$个单位,所得图像对应的函数恰为奇函数,则平移量的最小值为()。
A。
$\pi$。
B。
$\frac{\pi}{2}$。
C。
$\frac{\pi}{3}$。
D。
$\frac{\pi}{6}$解析】将函数$y=\sin\left(2x+\frac{2\pi}{3}\right)$的图像向左平移$3$个单位,得到的图像对应的函数为$y=-\sin\left(2x+\frac{2\pi}{3}\right)$,为奇函数。
根据奇函数的对称性可知,平移量$\theta$必须是$\frac{\pi}{2}$的倍数,且$\theta>0$。
重点、难点突破
重点、难点突破重点、难点突破在高考数学复习的第二、三轮中要逐个突破:选择填空题、三角函数、概率、立体几何、导数、解析几何、数列等七种重要的题型;归纳整理出函数与方程、数形结合、分类讨论和化归与转化等重要的数学思想来提高解题能力,力争数学高分。
下面我们主要以“就题型论思想”的方式来重点研究如何突破高考数学中的一些重点和疑难点问题。
—、克服圆锥曲线小题例题1 : [2011年赣州市第一次摸底考试]已知点P{mA)是椭圆* +召=1(小>0)上的一点,许迅是椭圆的两个焦点,若呵朽的内切圆的3半径为则此椭圆的离心率为 ___________ •一命题意图:本题考查椭圆的定义、离心率和内切圆等基础知识,考查学生分析问题和知识迁移的能力,属于中档题。
易错原因:不能准确地找出基本元之间的等量关系。
重难点突破:内切圆半径有什么用呢?检索和内切圆相关联的知识:面积。
技巧与方法:从两个角度刻画鬥的面积从而得出基本元",b,c之间的等量关系。
2 2题型链接:[赣州市第一次摸底考试]椭圆匚+罕=1,M, N是椭圆上关于9 4原点对称的两动点,P为椭圆上任意一点,PM, PN的斜率为k v k2,则比1 + 1込1的最小值为()A、壬B、专C、扌D、扌3 2 3 9[点评]本题属于偏难题,区分度很好,方法多样、灵巧。
1、常规解法,主要考查知识:通法点差法,主要考查能力:分析问题的能力即如何想到点差法;2、解选择题方法:特殊值法、极端法和函数思想,即把M, N特殊为左右顶点,根据椭圆的对称性只要考虑点P在第一象限变化即可,极端化,当P为4上顶点时比1 + 1灯1=亍当P为右顶点时+ 当P从上顶点向右顶点运动时时比1 + 1妬I的值是増大的,所以选C。
二、拿稳三角函数例题2 : [2011年赣州市第一次摸底考试]在Z\ABC中,角A、B、C的对边分别为"、b、c,且a2-(b-c)2 =(2->]3)bcr(1)若sin Asin cos2-,求角A和角B的大小;2(2)求sinBsinC的最大值命题意图:本题考查余弦定理、倍角公式的变形及辅肋角公式等三角函数的核心知识,考查函数的思想。
高考数学填空题巧思妙填一点通试题
卜人入州八九几市潮王学校2021年高考数学填空题巧思妙填一点通填空题是数学高考的三种基此题型之一,其求解方法分为:直接运算推理法、赋值计算法、规律发现法、特值猜想法、数形互助法等等.在解答问题时,要有合理的分析和判断,要求推理、运算的每一步骤都正确无误,还要求将答案表达得准确、完好.合情推理、优化思路、少算多思将是快速、准确地解答填空题的根本要求,在草纸上少写一点,在头脑里多考虑一点,这可能会加快解的速度.下面将按知识分类加以例说.1. 函数、不等式与导数例1〔2021年春季高考题〕函数]1,0[,53)(∈+=x x x f 的反函数=-)(1x f.点通:由35,[0,1]y x x =+∈,得[]5,8y ∈.解出15,33x y =-,从而115()33f x x -=-,[]5,8.x ∈从而应填[]8,5),5(31∈-x x .说明:原函数的值域是反函数的定义域.求反函数的程序为:先求原函数的值域,再反解.例2 〔2021年春季高考题〕不等式0121>+-x x的解集是. 点通:不等式0121>+-x x 等价于()()1210x x -+>,也就是()1102x x ⎛⎫-+< ⎪⎝⎭,所以112x -<<,从而应填11,2x x x R ⎧⎫-<<∈⎨⎬⎩⎭. 说明:快速解答此题需要记住小结论:应用小结论:00aab b>⇔>. 例3 〔2021年春季高考题〕直线l 过点)1,2(P ,且与x 轴、y 轴的正半轴分别交于B A 、两点,O为坐标原点,那么三角形OAB 面积的最小值为.点通:设直线l 为()10,0x y a b a b +=>>,那么有关系211a b+=.对211a b +=应用2元均值不等式,得211a b =+≥=8ab ≥.于是,三角形OAB 面积为142S ab =≥.从而应填4.说明:也可由211a b+=,得28ab a b ab =+≥⇒≥.特别注意,不等式中的等号是可以成立的.例4 〔2021年高考试题〕a ,b 为常数,假设22()43,()1024,f x x x f ax b x x =+++=++那么5a b -=.点通:由f(x)=x 2+4x+3,f(ax+b)=x 2+10x+24,得〔ax+b 〕2+4(ax+b)+3=x 2+10x+24,即a 2x 2+2abx+b 2+4ax+4b+3=x 2+10x+24,比较系数,得221,2410,4324.a ab a b b ⎧=⎪+=⎨⎪++=⎩解得1,7ab =-=-,或者1,3a b ==,所以52a b -=.说明:此题考察了复合函数解析式的运用,待定系数法及其相关的计算.例5假设函数3()3f x x x a =--在区间[0,3]上的最大值和最小值之差为_______.点通:显然有2()33f x x '=-.易知当1x =时,函数()f x 获得最小值2a --;当3x =时,函数()f x 取最大值18a -,后者与前者的差为20.说明:三次函数是高考的一个热门话题.连续函数在闭区间上必有最大值和最小值.2. 三角、向量与复数例64sin 5θ=,且sin cos 1θθ->,那么sin 2θ=________. 点通:由4sin 5θ=可以读出3cos 5θ=±.而有条件sin cos 1θθ->,所以知道3cos 5θ=-,24sin 22sin cos 25θθθ==-.说明:记住一些常用的结论,有时可以快速解答问题,如:当5sin 13θ=时,12cos 13θ=±.看看上面的"读出",“取舍〞,“用公式〞,想想解题思维的流程,会有什么启发?例7复数2lg(2)(331)()x x zx i x R -=+-+-∈在复平面内对应的点位于第______象限.点通:显然有2lg(3)lg30,x +>>而由222x x -+≥=,知道(221)0x x --+-<.说明:在解答当中,222xx -+≥你能直接看出来吗?复数在高考中是一个淡化的知识点,一般命制一道选择题或者填空题.例822ππθ-<<,且sin cos ,a θθ+=其中()0,1a ∈,那么关于tan θ的值,在以下四个数值:①3-②13③13-④15-其中,a 的值可以是________. 点通:由题意知02πθ-<<,从而tan 0θ<.此时有即有1tan 0,θ-<<于是,排除①和②,应该填③,④.说明:应用范围估计,有时可以巧妙的解答一些选择或者填空题.试问:你有这样的解题经历吗?知识积累〔量的增加〕的过程也就是才能逐渐提升〔质的变化〕的过程.例9如图,设点O 在ABC ∆内部,且有02=++OC OB OA ,那么ABC ∆的面积与AOC ∆的面积的比为________. 点通:由条件得知1()2OBOA OC =-+,所以点O 是AC 边上的中线的中点,于是,那么ABC ∆的面积与AOC ∆的面积之比为2.说明:我们知道,等底等高的三角形,其面积相等;一共底三角形的面积之比,等于该底上对应高的比.3. 数列、排列组合、二项式定理与概率统计例10{}n a 是公差不为零的等差数列,假设n S 是{}n a 的前n 项和,那么._____lim=∞→nnn S na点通:特别取n a n =,有()21+=n n S n ,于是有CB().211212lim lim lim 2=+=+=∞→∞→∞→nn n n S na n n n n n 故应填2.说明:有时,选择特殊的数值、函数、数列、图形等,可快速解答某写填空题,这点应引起读者的重视.例11〔2021年高考题〕假设常数b 满足|b|>1,那么=++++-∞→n n n bb b b 121lim . 点通:一般解答:=++++-∞→nn n b b b b 121lim 11111lim lim lim (1)1nn n n n n n n n b b b b b b b b b →∞→∞→∞----==--=11b -.简便解答:2211111limlim nn nn n b b b b b b b -→∞→∞⎡⎤++++⎛⎫⎛⎫=++⋅⋅⋅+⎢⎥ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭⎢⎥⎣⎦11111b b b==--. 说明:比较两个解答,你能想到什么?看来,活学活用是应时时提倡的.例12〔2021年高考试题〕用1、2、3、4、5、6、7、8组成没有重复数字的八位数,要求1与2相邻,3与4相邻,5与6相邻,而7与8不.相邻,这样的八位数一共有___________个.〔用数字答题〕点通:将1与2,3与4,5与6捆绑在一起排成一列有482333=⋅A 种,再将7、8插入4个空位中的两个有1224=A 种,故有5761248=⨯种.说明:相邻用捆绑法,不相邻用插空法.例13二项展开式12nx x ⎛⎫- ⎪⎝⎭的各项系数的绝对值之和为729,那么展开式中的常数项是.点通:二项展开式12nx x ⎛⎫- ⎪⎝⎭的各项系数的绝对值之和就是12nx x ⎛⎫+ ⎪⎝⎭展开式的各项系数之和,取1x =,得()213nn+=,那么有637293n ==,所以6n =.于是612x x ⎛⎫- ⎪⎝⎭的通项为66621661(2)()2(1)r r r r rr r r T C x C x x---+=-=-.令620r-=,得3r =.所以常数项为33362(1)160C -=-. 说明:只要细心计算,就不难得出正确之答案.当中的转化你能想的到吗?请多考虑,多体会.例14如图是一个边长为4的正方形及其内切圆,假设随机向正方形内丢一粒豆子,那么豆子落入圆内的概率是________.点通:因为正方形的面积是16,内切圆的面积是4π,所以豆子落入圆内的概率是4164ππ=.说明:概率是高中的新知识,学习时应当紧扣课本的概念,透彻地理解概念的本质,这样就能快速解答问题.4.立体几何 例15三棱柱'''ABC A B C -的体积为1,P 为侧棱1B B 上的一点,那么四棱锥''P ACC A -的体积为____________.点通:设点P 到面ABC ,面'''A B C 的间隔分别为12,h h ,那么棱柱的高为12hh h =+,又记'''ABCA B C S SS==,那么三棱柱的体积为1V sh ==.而从三棱柱中取去四棱锥''P ACC A -的剩余体积为''''12121111()3333P ABC P A B C V V V sh sh s h h --=+=+=+=,从而''/121.33P ACC AV V V -=-=-=说明:立几试题的解答常用到几何体的割与补法,这种分与合思想需要我们反复的琢磨和体味.例16正三棱锥P -ABC 的底面边长为1,E 、F 、G 、H 分别是PA 、AC 、BC 、PB 的中点,四边形EFGH 的面积为S ,那么S 的取值范围是.点通:由题意可知AB PC ⊥,因此四边形EFGH 为矩形.设正三棱锥的侧棱4221,xx S x PA =⋅==则,设P 在平面上的射影为O ,连AO ,那么中,在ABC Rt AO ∆=,33AO PA >,从而123,33>>S x 即.故应填,12⎛⎫+∞ ⎪ ⎪⎝⎭. 说明:显然,点P 到平面ABC 的间隔可以无限大,这时S 也可以无限大.该问题可以在课本上找到它的影子,你知道吗?数学学习请别远离课本,因为有些考题的生长点就在课本上的. 5.解析几何例17如图,椭圆中心在坐标原点,F 为左焦点,当FB ⊥AB 时,,此类椭圆被称为“黄金椭圆〞.类比黄金椭圆, 可推算出“黄金双曲线〞的离心率e 等于_____________.点通:猜想出“黄金双曲线〞的离心率e 等于215+.事实上 对直角ABF 应用勾股定理,得222AF BF AB=+,即有()()()22222a c b c a b +=+++,注意到222,c bc a e a=-=,变形得210e e --=,从而1.2e = 说明:类比推理、类比发现是今年高考的一个新的亮点.这种问题的情景比较清新,构造比较巧妙,变化比较合理,是用"活题"考才能的典范.例18〔2021年高考试题〕连接抛物线上任意四点组成的四边形可能是〔填写上所有正确选项的序号〕. ①菱形 ②有3条边相等的四边形 ③梯形④平行四边形⑤有一组对角相等的四边形点通:①菱形不可能.假设这个四边形是菱形,那么菱形的一条对角线垂直抛物线的对称轴,这时四xPABCEFGH边形的必有一个顶点在抛物线的对称轴上(非抛物线的顶点);④平行四边形也不可能.因为抛物上四个点组成的四边形最多有一组对边平行.故连接抛物线上任意四点组成的四边形可能是②③⑤.说明:针对②③⑤,你能构造出详细的图形吗? 6.综合创新题例19有些计算机对表达式的运算处理过程实行“后缀表达式〞:运算符号紧跟在运算对象的后面,按照从左到右的顺序运算,如表达式7)2(3+-⨯x ,其运算为:+-,7,*,,2,,3x ,假设计算机进展运算:lg ,*,,2,,-x x ,那么使此表达式有意义的x 的范围为_____________.点通:计算机进展运算:lg ,*,,2,,-x x 时,它表示的表达式是()lg 2x x -,当其有意义时,得()20x x ->,解得02x x <>或.说明:解答问题的关键是:仔细地阅读问题,深入的理解题意,在此根底上,准确的写出所叙运算的表示式.例20某种汽车平安行驶的稳定性系数μ随使用年数t 的变化规律是μ=μ0e-λt,其中μ0、λ是正常数.经检测,当t =2时,μμ0μ0时,该种汽车的使用年数为(结果准确到1,参考数据:lg2=0.3010,lg3=0.4771).点通:μ0=μ0(e-λ)2,得e -λ=,于是μ0=μ0(e -λ)t ⇒()t ,两边取常用对数,lg , 解出t ==1.说明:对一个等式的两边取对数,平方,取倒数,移项,等等细小的技巧我们可要熟滥于心呀.这种细节有时可能是解题思维受阻的关节所在.难怪说:成在细节,败也在细节.例21在某电视歌曲大奖赛中,最有六位选手争夺一个特别奖,观众A ,B ,C ,D 猜想如下:A 说:获奖的不是1号就是2号;A 说:获奖的不可能是3号;C 说:4号、5号、6号都不可能获奖;D 说:获奖的是4号、5号、6号中的一个.比赛结果说明,四个人中恰好有一个人猜对,那么猜对者一定是观众获特别奖的是号选手.点通:推理如下:因为只有一人猜对,而C 与D 互相否认,故C 、D 中一人猜对。
高考数学填空题专项训练(含详细答案)
高考填空题提升训练1.已知函数()()sin f x a x b ωθ=+-的部分图象如下图,其中π0,,2ωθ><,a b 分别是ABC V 的角,A B 所对的边, cos ()+12C C f =,则ABC ∆的面积S = . 2.在平面直角坐标系上, 设不等式组00(4)x y y n x >⎧⎪>⎨⎪≤--⎩所表示的平面区域为nD , 记nD 内的整点(即横坐标和纵坐标均为整数的点)的个数为()n a n N *∈.则1a = ,经猜想可得到n a = .3.若两个球的表面积之比为1:4, 则这两个球的体积之比为 .4.若不等式组20510080x y x y x y -+≥⎧⎪-+≤⎨⎪+-≤⎩所表示的平面区域被直线2y kx =+分为面积相等的两部分, 则k 的值为 ;若该平面区域存在点00(,)x y 使0020x ay ++≤成立, 则实数a 的取值范围是 .5.已知数列{}n a 满足11(2)n n n a a a n +-=-≥, 121,3a a ==, 记12n n S a a a =+++K .则3a = , 2015S = .6.已知,,a b c 为非零实数, (),ax b f x x R cx d+=∈+, 且(2)2,(3)3f f ==.若当d x c≠-时, 对于任意实数x , 均有(())f f x x =, 则()f x 值域中取不到的唯一的实数是 .7.若ABC ∆的重心为G , 5,4,3===BC AC AB , 动点P 满足GC z GB y GA x GP ++=(1,,0≤≤z y x ), 则点P 的轨迹所覆盖的平面区域的面积等于 .8.如图, 若6OFB π∠=, 6OF FB ⋅=-u u u r u u u r , 则以OA 为长半轴, OB 为短半轴, F 为左焦点的椭圆的标准方程为 .9.如图所示, 在确定的四面体ABCD 中, 截面EFGH 平行于对棱AB 和CD .(1)若AB ⊥CD , 则截面EFGH 与侧面ABC 垂直;(2)当截面四边形EFGH 面积取得最大值时, E 为AD 中点;(3)截面四边形EFGH 的周长有最小值;(4)若AB ⊥CD , AC BD ⊥, 则在四面体内存在一点P 到四面体ABCD 六条棱的中点的距离相等.上述说法正确的是 .10.阅读右边的程序框图, 运行相应的程序, 则输出i 的值为11.如图是导函数)(x f y '=的图象:①2x 处导函数)(x f y '=有极大值;②在41,x x 处导函数)(x f y '=有极小值; ③在3x 处函数)(x f y =有极大值; ④在5x 处函数)(x f y =有极小值;以上叙述正确的是____________。
- 1、下载文档前请自行甄别文档内容的完整性,平台不提供额外的编辑、内容补充、找答案等附加服务。
- 2、"仅部分预览"的文档,不可在线预览部分如存在完整性等问题,可反馈申请退款(可完整预览的文档不适用该条件!)。
- 3、如文档侵犯您的权益,请联系客服反馈,我们会尽快为您处理(人工客服工作时间:9:00-18:30)。
填空题 难题汇总
题1(苏锡常镇四市一模) 设m ∈N ,若函数()21010f x x m x m =---+存在整数零点,则m 的取值集合为 ▲ .
题2(淮安市一模) 已知数列{a n },{b n }满足a 1=1,a 2=2,b 1=2,且对任意的正整数i ,j ,k ,l ,当i +j =k +l 时都有a i +b j =a k +b l ,则2011
1
1()2011i i i a b =+∑的值是 ▲ .
变式1 已知数列{a n },{b n }满足a 1=1,a 2=2,b 1=2,且对任意的正整数i ,j ,k ,l ,当i +j =k +l 时都有a i -b j =a k -b l ,则1
1()n
i i i a b n =+∑的值是 ▲ .
变式2 已知数列{a n },{b n }满足a 1=1,a 2=2,b 1=2,且对任意的正整数i ,j ,k ,l ,当i +j =k +l 时都有a i b j =a k b l ,记c n =112233()()()()n n n a b a b a b a b +++⋅⋅+ ,则数列{c n }的通项公式是 ▲ .
题3(常州市一模) 若对任意的x ∈D ,均有f 1(x )≤f (x )≤f 2(x )成立,则称函数f (x )为函数f 1(x )到函数f 2(x )在区间D 上的“折中函数”.已知函数f (x )=(k -1)x -1,g (x )=0,h (x )=(x +1)ln x , 且f (x )是g (x )到h (x )在区间[1,2e]上的“折中函数”,则实数k 的取值范围为 ▲ .
题4(泰州市一模) 已知O 是锐角△ABC 的外接圆的圆心,且∠A =θ,若
cos cos 2sin sin B C AB AC mAO C B +=
,则m = ▲ .(用θ表示)
题5(南京市一模) 若直角坐标平面内两点P ,Q 满足条件:①P ,Q 都在函数f (x )的图象上;②P ,Q 关于原点对称,则称点对(P ,Q )是函数()f x 的一个“友好点对”(点对(P ,Q )与点对(Q ,P )为同一个“友好点对”).已知函数22410()20e
x x x x f x x ⎧++<⎪=⎨⎪⎩≥, ,
, , 则()f x 的“友好点对”有 ▲ 个.
A B
C O
E F
D 图1
π A
O C
B P l x
y
图3
题6(镇江市一模) 直线l 与函数sin y x =([0]x ∈π, )的图象相切于点A ,且l ∥OP ,O 为坐
标原点,P 为图象的极值点,l 与x 轴交于点B ,过切点A 作x 轴的垂线,垂足为C ,则B
AB C ⋅
= ▲ .
题7(扬州市一模) 若函数f (x )=x 3-ax 2(a >0)在区间20
(
,)3
+∞上是单调递增函数,则使方程f (x )=1000有整数解的实数a 的个数是 ▲ .
题8(苏州市一模) 在平面直角坐标系xOy 中,点P 是第一象限内曲线31y x =-+上的一个动点,过P 作切线与两个坐标轴交于A ,B 两点,则△AOB 的面积的最小值是 ▲ . 题
9(盐城市一模) 已知函数2
342011()
12342011
x x x x f x x =+-
+-+⋅⋅
⋅+,2342011
()12342011
x x x x g x x =-+-+-⋅⋅⋅-
, 设()(3)(3)F x f x g x =+⋅-,且函数F (x )的零点均在区间[,](,,)a b a b a b <∈Z 内,则b a -的最小值为 ▲ .
题10(南通市一模) 已知等腰三角形腰上的中线长为3,则该三角形的面积的最大值 是 ▲ .
变式1 在等腰三角形ABC 中,AB =AC ,D 在线段AC 上,AD =kAC (k 为常数,且0<k <1),BD =l 为定长,则△ABC 的面积的最大值为 ▲ .
变式2 在正三棱锥P -ABC 中,D 为线段BC 的中点,E 在线段PD 上,PE =kPD (k 为常数,且0<k <1),AE =l 为定长,则该棱锥的体积的最大值为 ▲ .
注 本题的原型题,可能来自于2008年江苏高考数学题:满足条件AB =2,AC =2BC 的△ABC 的面积的最大值为 ▲ .
题11(无锡市一模) 已知函数f (x )=|x 2-2|,若f (a )≥f(b ),且0≤a ≤b ,则满足条件的点(a ,b )所围成区域的面积为 ▲ .
D A
B
C
x y 图5
题12(高三百校大联考一模) 若函数f (x )=|sin x |(x ≥0)的图象与过原点的直线有且只有三个交点,交点中横坐标的最大值为α,则2(1)sin2αα
α
+= ▲ .
题13(苏北四市二模) 已知函数
()|1||2||2011||1||2||2011|f x x x x x x x =+++++++-+-++- ()x ∈R ,
且2(32)(1)f a a f a -+=-,则满足条件的所有整数a 的和是 ▲ .
题14(南京市二模) 已知函数f (x )=211
1
x ax x +++(a ∈R ),若对于任意的x ∈N *,f (x )≥3恒
成立,则a 的取值范围是 ▲ .
变式 已知函数f (x )=211
1
x ax x +++(x ∈N *),且[f (x )]min =3,则实数a 的取值集合是 ▲ .
题15(盐城市二模) 已知函数f (x )=cos x ,g (x )=sin x ,记 S n =2211
(1)1(1)2()(
)22
2n
n
n
k k k k n f g n n
==-π--π
-∑
∑,T m =S 1+S 2+…+S m .若T m <11,则m 的最大值为 ▲ .
题16(苏锡常镇四市二模) 已知m ,n ∈R ,且m +2n =2,则2122m n m n +⋅+⋅的最小值为 ▲ .
题17(南通市二模) 在平面直角坐标系xOy 中,设A ,B ,C 是圆x 2+y 2=1上相异三点,若
存在正实数λ,μ,使得OC OA OB λμ=+
,则λ2+(μ-3)2的取值范围是 ▲ .
题18(苏北四市三模) 如图11是一个数表,第1行依次写着从小到大的正整
数,然后把每行相邻的两个数的和写在这两数正中间的下方,得到下一行,数表从上到下与从左到右均为无限项,则这个数表中的第13行第10个数为 ▲ .
A x
y
O
y =kx
y =sin x α π 2π 图8
P
A μ λ-μ=1 λ+μ=1
μ-λ=1
A
C B x O y
A 1
B 1 图9
A
B
C
D O N
M 图12
题19(南京市三模) 如图12,已知正方形ABCD 的边长为1,过正方形中心O 的直线MN 分别交正方形的边AB ,CD 于点M ,N ,则当MN
BN
取最小值时,CN = ▲ .
题20(南通市三模) 定义在[1,)+∞上的函数f (x )满足:①f (2x )=cf (x )(c 为正常数);②当2≤x ≤4时,f (x )=1-|x -3|.若函数图象上所有取极大值的点均落在同一条直线上,则c = ▲ .
变式 定义在[1,)+∞上的函数f (x )满足:①f (2x )=cf (x )(c 为正常数);②当2≤x ≤4时,f (x )=1-|x -3|.若函数图象上所有取极大值的点均落在同一条以原点为顶点的抛物线上,则常数c = ▲ .
题22(扬州市三模) 设函数f (x )的定义域为D ,如果存在正实数k ,使对任意x ∈D ,都有x +k ∈D ,且f (x +k )>f (x )恒成立,则称函数f (x )为D 上的“k 型增函数”.已知f (x )是定义在R 上的奇函数,且当x >0时,f (x )=|x -a |-2a ,若f (x )为R 上的“2011型增函数”,则实数a 的取值范围是 ▲ .
题23(徐州市三模) 若关于x 的方程x 4+ax 3+ax 2+ax +1=0有实数根,则实数a 的取值范围为 ▲ .
题24(南通市最后一卷) 函数f (x )=324
12x x x x
-++的最大值与最小值的乘积是 ▲ .
题25(淮安市四模) 已知函数f (x )=|x -1|+|2x -1|+|3x -1|+…+|100x -1|,则当x = ▲ 时,f (x )取得最小值.
注 1.一般地,设a 1≤a 2≤a 3≤…≤a n (n ∈N *),f (x )=|x -a 1|+|x -a 2|+|x -a 3|+…+|x -a n |.若n 为奇数,则当x =12
n a +时,f (x )取最小值;若n 为偶数,则x ∈1
22
[,]n n a a +时,f (x )取最小值.
2.本题似于2011年北大自主招生题:“求|x -1|+|2x -1|+|3x -1|+…+|2011x -1|的最小值”相关联.。