东海县一中2018-2019学年高二上学期第二次月考试卷物理.doc

东海县一中 2018-2019 学年高二上学期第二次月考试卷物理
班级 __________座号_____姓名__________分数__________
一、选择题
1．以以下图所示的状况中，a、 b 两点电势相等、电场强度也同样的是（）
A．带等量异种电荷的平行金属板之间的两点
B．离点电荷等距的随意两点
C．两等量同种电荷其连线的中垂线上与连线中点等距的随意两点
D．两等量异种电荷其连线的中垂线上与连线中点等距的随意两点
【答案】 D
2．如图甲所示，一轻质弹簧的下端，固定在水平面上，上端叠放着两个质量均为m 的物体 A 、B（物体 B 与弹簧栓接），弹簧的劲度系数为k，初始时物体处于静止状态。

现用竖直向上的拉力 F 作用在物体 A 上，使物
体 A 开始向上做加快度为 a 的匀加快运动，测得两个物体的 v﹣ t 图象如图乙所示（重力加快度为g），则（）
A.施加外力的瞬时， F 的大小为 2m（ g﹣ a）
B. A、 B 在 t 1时辰分别，此时弹簧的弹力大小m（ g+a）
C. 弹簧弹力等于0 时，物体B 的速度达到最大值
D. B 与弹簧构成的系统的机械能先增大，后保持不变
【答案】 B
【分析】解 :A 、施加 F 前 ,物体 AB 整体均衡 ,依据均衡条件 ,有 :
2Mg=kx; 解得 :
mg
x=2
k
施加外力F 的瞬时 ,对 B 物体 ,依据牛顿第二定律,有:
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F 弹﹣ Mg ﹣ FAB=Ma
此中 :F 弹=2Mg
解得 :FAB=M （ g﹣ a） ,故 A 错误 .
B 、物体 A 、 B 在 t1时辰分别 ,此时 A 、 B 拥有共同的v 与 a;且 FAB=0;
对 B:F 弹′﹣ Mg=Ma
解得 :F 弹′ =M（ g+a） ,故 B 正确 .
C、B 受重力、弹力及压力的作用 ;当协力为零时 ,速度最大 ,而弹簧恢复到原长时 ,B 遇到的协力为重力 ,已经减速一段时间 ; 速度不是最大值 ;故 C 错误 ;
D 、B 与弹簧开始时遇到了 A 的压力做负功 ,故开始机遇械能减小 ;故 D 错误 ; 应
选 :B
3．在水平向右的匀强电场中，质量为m 的带正电质点所受重力mg 是电场力的3倍．现将其以初速度v0竖
直向上抛出，则从抛出到速度最小时所经历的时间为（）
v0 2v0
A ．t＝g B． t＝3g
3v0 3v 0
C． t＝2g D． t＝4g
【答案】 D
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【分析】
F1
tan α＝mg ＝3，α＝30°
等效重力加快度g ′＝g
＝
2g
cos30°3
v ＝ v 0cos30°＝ g ′ t
3v 0
联立解得t ＝4g .选项 D 正确。

4．如图 4 所示，一理想变压器， 当原线圈两头接U 1=220V 的正弦式交变电压时， 副线圈两头的电压U 2=55V ．对 于该变压器，以下说法正确的选项是（） A ．原、副线圈的匝数之比等于4:1 B ．原、副线圈的匝数之比等于1:4 C ．原、副线圈的匝数之比等于2:1 D ．原、副线圈的匝数之比等于1:2 【答案】 A
U 1 n 1
【分析】 U
2 n
2 ，
A 对
5． 矩形线圈绕垂直磁场线的轴匀速转动，对于线圈中产生的交变电流（ ）
A ．交变电流的周期等于线圈转动周期
B ．交变电流的频次等于线圈的转速
C ．线圈每次经过中性面，交变电流改变一次方向
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D．线圈每次经过中性面，交变电流达到最大值
【答案】 ABC
【分析】
试题剖析：线圈绕垂直磁感线的轴匀速转动，产生正弦沟通电，其周期等于线圈的转动周期，故A 正确；频率为周期的倒数，故频次应相等线圈的转速；故B 正确；在中性面上时，磁通量最大，但磁通量的变化率为零，即产生感觉电动势为零，电流将改变方向，故C 正确， D 错误．
考点：考察了沟通电的产生
6．如图，一小球搁置在木板与竖直墙壁之间，设墙面对球的压力大小为N1,球对木板的压力大小为N2，以木板与墙连结点所形成的水平直线为轴，将木板从图示地点开始迟缓地转到水平川点。

不计摩擦，在此过程中
A 、N1一直减小，N2一直增大
B 、N1一直减小，N2一直减小
C、N1先增大后减小，N2一直减小
D 、N1先增大后减小，N2先减小后增大
【答案】 B
【分析】
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7．（2018 南宁高三摸底考试）中国北斗卫星导航系统（BDS ）是中国自行研制的全世界卫星导轨系统，是继 美国全世界定位系统（GPS ）、俄罗斯格洛纳斯卫星导航系统（GLONASS ）以后第三个成熟的卫星导航系统。

估计 2020 年左右，北斗卫星导航系统将形成全世界覆盖能力。

以下图是北斗导航系统中部分卫星的轨道表示 图，已知a 、 b 、c 三颗卫星均做圆周运动，a 是地球同步卫星，则（） A ．卫星 a 的角速度小于c 的角速度 B ．卫星 a 的加快度大于b 的加快度 C ．卫星 a 的运转速度大于第一宇宙速度 D ．卫星 b 的周期等于24 h 【答案】AD
【分析】 【命题企图】此题考察万有引力定律和卫星的运动、第一宇宙速度及其有关的知识点。

Mmv 2
因此卫星a 的向心加快度等于b 的向心加快度，选项B 错误；由G r 2=m r 可得线速度与半径的关系：
GM v=
，轨道半径 r 越大，速率 v 越小。

而第一宇宙速度为轨道半径等于地球半径是环绕地球运动的卫星
r
速度，因此卫星
a 的运转速度必定小于第一宇宙速度，选项
C 错误；由 G
Mm
=mr （ 2 ） 2
，可得周期
r 2
T
T=2 π
r 3 b 的周期等于同步卫星的运转周期，
，而卫星 a 的轨道半径与卫星 b 的轨道半径相等，因此卫星
GM
即等于地球自转周期 24h ，选项 D 正确。

8． 如图，平行板电容器的两个极板与水平川面成一角度，
两极板与向来流电源相连。

若一带电粒子恰能沿图
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中所示水平直线经过电容器，则在此过程中，该粒子（）
A. 所受重力与电场力均衡
B. 电势能渐渐增添
C.动能渐渐增添
D. 做匀变速直线运动
【答案】 BD
9．（ 2016·河南郑州高三入学考试）以下图，MPQO 为有界的竖直向下的匀强电场，电场强度为E，ACB
1
为圆滑固定的半圆形轨迹，轨道半径为R，A、 B 为圆水平直径的两个端点，AC 为4圆弧。

一个质量为m，电
荷量为－ q 的带电小球，从A 点正上方高为H 处由静止开释，并从A 点沿切线进入半圆轨道。

不计空气阻力
及全部能量损失，对于带电小球的运动状况，以下说法正确的选项是（）
A ．小球必定能从
B 点走开轨道
B ．小球在 A
C 部分可能做匀速圆周运动
C．若小球能从B 点走开，上涨的高度必定小于H
D ．小球抵达C 点的速度可能为零
【答案】 BC
【分析】【名师分析】因为题中没有给出H 与 R、 E 的关系，因此小球不必定能从 B 点走开轨道， A 项错误；若重力大小等于电场力，小球在AC 部分做匀速圆周运动， B 项正确；因为小球在AC 部分运动时电场力做负功，因此若小球能从 B 点走开，上涨的高度必定小于H， C 项正确；若小球抵达 C 点的速度为零，则电场力
大于重力，小球不行能沿半圆轨道运动，因此小球抵达 C 点的速度不行能为零， D 项错误。

10．由三颗星体构成的系统，忽视其余星体对它们的作用，存在着一种运动形式：三颗星体在互相之间的万有引力作用下，分别位于等边三角形的三个极点上，绕某一共同的圆心O 在三角形所在的平面内做同样角速度
的圆周运动（图为 A、 B、 C 三颗星体质量不同样时的一般状况）．若 A 星体质量为 2m， B、 C 两星体的质量均为 m，三角形的边长为 a，则以下说法正确的选项是
（）
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2
A. A 星体所受协力大小 F A ＝ 2G
m
2
a
2
B. B 星体所受协力大小 F B ＝ 2 7G
m
2
a
7 C. C 星体的轨道半径R C ＝a
2
a 3 D. 三星体做圆周运动的周期T ＝π
Gm
【答案】 D
【分析】 A 、由万有引力定律， A 星遇到 B 、C 的引力的大小：
F
BA
G 2m 2
F
CA
2
a 方向如图，则协力的大小为：
F A
2 3Gm 2
，A 错误；
2F BA cos30
a 2
B 、同上， B 星遇到的引力分别为： F AB
G 2m 2 , F CB
Gm 2
a 2
a 2 ，方向如图；
F B 沿 x 方向的分力：
F Bx
F AB cos60
F
CB
2Gm 2
a 2
F B 沿 y 方向的分力：
F
By
F AB sin60 0
3Gm 2
a 2
2
2 7Gm 2 ，B 错误；
可得： F B F Bx
F
By
a 2
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G2m2
C、经过对于 B 的受力剖析可知，因为：
F AB a2
,协力的方向经过BC 的中垂线 AD 的中点 ,因此圆心 O
a 2 2 7 必定在 BC 的中垂线 AD 的中点处。

因此：R C R B
3a
2 4 a ,C错误；
4 D、由题可知 C 的受力大小与 B 的受力同样，对 B 星：F B 7Gm2 m 4 2 7
a ，解得：T a3 ，
a2 T 2 4 Gm D 正确。

应选： D。

11．将一平均导线围成一圆心角为90°的扇形导线框OMN ，此中 OM ＝ R，圆弧 MN 的圆心为O 点，将导线
框的 O 点置于以下图的直角坐标系的原点，此中第二和第四象限存在垂直纸面向里的匀强磁场，其磁感觉
强度大小为B，第三象限存在垂直纸面向外的匀强磁场，磁感觉强度大小为2B。

从 t＝ 0 时辰开始让导线框以
O 点为圆心，以恒定的角速度ω 沿逆时针方向做匀速圆周运动，假设沿ONM 方向的电流为正，则线框中的
电流随时间的变化规律描述正确的选项是
【答案】B
【分析】
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★12．放在粗拙水平川面上的物体遇到水平拉力的作用，在0～6s内其速度与时间的图象和该拉力的功率与时间
的图象分别以下图．以下说法正确的选项是（）
A. 0 ～ 6s 内物体的位移大小为30m
B. 0～ 6s 内拉力做的功为70J
C.合外力在 0～ 6s 内做的功与 0～2s 内做的功相等
D.滑动摩擦力的大小为 5N
【答案】 ABC
【分析】 A 项： 0～ 6s 内物体的位移大小x==30m．故 A 正确．
B 项：在 0～2s 内，物体的加快度a==3m/s 2，由图，当 P=30W 时，v=6m/s ，获得牵引力F==5N ．在 0～
2s 内物体的位移为x1=6m，则拉力做功为W1=Fx 1=5×6J=30J．2～ 6s 内拉力做的功W 2 =Pt=10 ×4J=40J．因此 0～
6s 内拉力做的功为W=W 1+W 2=70J．故 B 正确．
C 项：在2～6s 内，物体做匀速运动，协力做零，则合外力在0～ 6s 内做的功与0～2s 内做的功相等．故C
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正确．
D 项：在 2～ 6s 内， v=6m/s， P=10W ，物体做匀速运动，摩擦力f=F ，获得 f=F= = ．故 D 错误．点晴：速度图象的“面积”表示位移． 0～ 2s 内物体做匀加快运动，由速度图象的斜率求出加快度，2～6s 内物
体做匀速运动，拉力等于摩擦力，由P=Fv 求出摩擦力，再由图读出P=30W 时， v=6m/s ，由 F= 求出 0～ 2s 内的拉力，由W=Fx 求出 0～ 2s 内的拉力做的功，由 W=Pt 求出 2～ 6s 内拉力做的功．
13．以下图是一个说明示波管工作原理的表示
图,电子经电压 U1加快后垂直进入偏转电场,走开电场时的偏转量是h,两平行板间的距离为 d,电势差为 U 2,板长为 L 。

为了提升示波管的敏捷度（每单位电压惹起的偏转量）,可采用的方法是（）
A. 增大两板间的电势差U2
B. 尽可能使板长L 短些
C. 尽可能使板间距离d 小一些
D.使加快电压 U1高升一些
【答案】 C
【分析】试题剖析：带电粒子加快时应知足：qU 1=mv02；带电粒子偏转时，由类平抛规律，应知足：L=v 0t
h=at2；联立以上各式可得，即，可见，敏捷度与U 2没关，增大L、
减小 d 或减小 U1均可增大敏捷度，因此C 正确， ABD 错误．应选C．
考点：带电粒子在电场中的运动
【名师点睛】此题是信息的赐予题，依据所给的信息，依据动能定理和类平抛运动规律求出示波管敏捷度的表
达式即可解决此题。

14．2007 年 10 月 24 日，“嫦娥一号”成功发射， 11 月 5 日进入 38 万公里之外的环月轨道，11 月 24 日传回
首张图片，这是我国航天事业的又一成功。

“嫦娥一号” 环绕月球的运动能够看作匀速圆周运动，万有引力常
量已知，假如在此次探测工程中要丈量月球的质量，则需要知道的物理量有（）
A ．“嫦娥一号”的质量和月球的半径
B ．“嫦娥一号”绕月球运动的周期和轨道半径
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C．月球的半径和“ 嫦娥一号” 绕月球运动的周期
D ．“嫦娥一号”的质量、月球的半径和“ 嫦娥一号” 绕月球运动的周期
【答案】 B
【分析】
15．气球以 10m/s 的速度匀速竖直上涨,它上涨到15m 高处时 ,一重物由气球里掉落,则以下说法错误的选项是（不计
空气阻力 , g=10m/s 2）：（）
A. 重物要经过3s 才能落到地面
B. 重物上涨的最大高度是15m
C. 抵达地面时的速度是20m/s
D. 2s 末重物再次回到原抛出点
【答案】 B
二、填空题
16．在“伏安法测电阻”实验中，所用丈量仪器均已校准。

此中某一次丈量结果以下图，其电压表的读数为
________V ，电流表的读数为______A 。

【答案】（1） . 0.80 （ 2）. 0.42
【分析】电压表的读数为 0.80V ，电流表的读数为0.42A 。

17．在伏安法测电阻的实验中，待测电阻 R x约 200 Ω，，电压表 V 的内阻约为 2k Ω，电流表 A 的内阻约为 10Ω，丈量电路中电流表的连结方式如图甲或图乙所示，结果由公式计算得出，公式中 U 与 I 分别为电压表和
电流表的示数。

若将用图甲和图乙电路图测得Rx 的电阻值分别记为
” “R”R x1和 R x2，则 ______（填“R x1或x2）
真更靠近待测电阻的真切值，且丈量值 R x1 _______（填“大于”“等于”或“小于”）真切值。

丈量值 R x2_____ （填“大于”“等于”或“小于”）真切值。

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（ 2）图丙所示是除去伏安法系统偏差的电路图。

该实验的第一步是闭合开关
S 1，将开关， 2 接 2，调理滑动
变阻器 Rp ′ Rp
U 1 1 。

接着让两滑 和 ，使得电压表的示数尽量靠近满量程，读出此时电压表和电流表的示数 、 I 动变阻器的滑片地点不动，将开关
S 2 接 1，再次读出电压表和电流表的示数 U 2、I 2 ，则待测电阻 R 的真切值 为 __________ 。

【答案】（1） .（2）. 大于（3）. 小于（4）.
【分析】 （ 1）因为，电流表应采纳内接法，则R x1更靠近待测电阻的真切值，电流表采纳内接法，电
压的丈量值偏大，由欧姆定律可知，电阻丈量值大于真切值，同理电流表采纳外接法，电流的丈量值偏大，由 欧姆定律可知，丈量值R x2小于真切值。

（ 2）由欧姆定律得：，，联立可得：。

三、解答题
18．以下图， 已知电源电动势
E ＝ 5 V ，内阻 r ＝ 2 Ω，定值电阻 R ＝ 0.5 Ω ，滑动变阻器 R 的阻值范围为 0～
1
2
10 Ω 。

求：
（ 1）当滑动变阻器R 的阻值为多大时，电阻R 耗费的功率最大？最大功率是多少？
21
（ 2）当滑动变阻器的阻值为多大时，滑动变阻器耗费的功率最大？最大功率是多少？ （ 3）当滑动变阻器的阻值为多大时，电源的输出功率最大？最大功率是多少？ 【答案】 （ 1） R ＝ 0 时， R 耗费的功率最大，为 2 W
2
1
（2）R ＝2.5 Ω 时，滑动变阻器耗费的功率最大，为
2.5 W
2 （3）R ＝1.5 Ω 时，电源的输出功率最大，为3.125 W
2
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【分析】
42
19．如图甲所示，有一磁感觉强度大小为B 、垂直纸面向外的匀强磁场，磁场界限OP 与水平方向夹角为45°， 紧靠磁场右上界限搁置长为L ，间距为d 的平行金属板M 、 N ，磁场界限上的O 点与 N 板在同一水平面上， O 1、O 2是电场左右界限中点．在两板间存在如图乙所示的交变电场（取竖直向下为正方向）．某时辰从O 点 竖直向上同时发射两个同样的粒子a 和 b ，质量为 m ，电量为 +q ，初速度不一样．粒子a 在图乙中的t=
T
时辰，
4
从 O 1点水平进入板间电场运动，由电场中的O 2点射出．粒子b 恰巧从 M 板左端进入电场．（不计粒子重力 和粒子间互相作用，电场周期T 未知）
求：（ 1）粒子 a 、 b 从磁场界限射出时的速度 v a 、v b ； （ 2）粒子 a 从 O 点进入磁场到射出 O 2 点运动的总时间；
（ 3）假如交变电场的周期 T
4m
，要使粒子 b 能够穿出板间电场，求这电场强度大小
E 0 知足的条件．
qB
【答案】 （ 1） v a
qBd v b
q B d
m m d 2 L
qd 2 B 2 2m
（ 2）t
2q B
（ 3）
E 0
m
q B d
mL
【分析】 （ 1）以下图，粒子 a 、b 在磁场中均速转过 90 °，平行于金属板进入电场．
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由几何关系可得：r 1
d ，r b=d ①
a 2
由牛顿第二定律可得qv a B m v a2 ②
r a
qv b B m v b2 ③
r b
解得：v a qBd
, v b
qBd
2m m
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（ 3）粒子在磁场中运动的时间同样， a 、b 同时走开Ⅰ磁场， a 比 b 进入电场落伍时间
d m T
⑦
t
qB
4
2v a
故粒子 b 在 t=0 时辰进入电场．
因为粒子 a 在电场中从 O 2 射出，在电场中竖直方向位移为 0，故 a 在板间运动的时间 t a 是周期的整数倍，由
于 v b =2v a ，b 在电场中运动的时间是 t b
1
t a ，可见 b 在电场中运动的时间是半个周期的整数倍即
t b
L n T
2
v b
2 ⑧
2L ⑨
n
Tv
T
2
粒子 b 在
y 1 a T
⑩
内竖直方向的位移为
2
2 2 粒子在电场中的加快度 a
qE 0
m
由题知 T
4m
qB
粒子 b 能穿出板间电场应知足 ny ≤d
解得 E 0
qB 2d 2
mL
【点睛】 此题考察了带电粒子在电场与磁场中的运动， 剖析清楚粒子运动过程、 作出粒子运动轨迹是正确解题
的重点， 应用牛顿第二定律、 粒子在磁场中做匀速圆周运动的周期公式、 牛顿第二定律、 运动学公式即可正确
解题．
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