2022届高考物理二轮专题：电磁感应的基本问题

电磁感应的基本问题
一、选择题（第1～8题为单选题，第9～12题为多选题）
1．某同学设想的减小电梯坠落时造成伤害的一种应急安全装置如图所示，在电梯轿厢底部安装永久强磁铁，磁铁N 极朝上，电梯井道内壁上铺设若干金属线圈，线圈在电梯轿厢坠落时能自动闭合，从而减小对箱内人员的伤害。

当轿厢坠落到图示位置时，关于该装置，以下说法正确的是（
）A．从下往上看，金属线圈A 中的感应电流沿逆时针方向
B．从下往上看，金属线圈B 中的感应电流沿顺时针方向
C．金属线圈B 对轿厢下落有阻碍作用，A 没有阻碍作用
D．金属线圈B 有收缩的趋势，A 有扩张的趋势
【答案】D
【解析】当电梯坠落至如图位置时，闭合线圈A 中向上的磁场减弱，
感应电流的方向从下往上看是顺时针方向，B 中中向上的磁场增强，感应电流的方向从下往上看是逆时针方向，AB 错误；结合A 的分析可知，当电梯坠落至如图位置时，闭合线圈A、B 都在阻碍电梯下落，C 错误；闭合线圈A 中向上的磁场减弱，B 中中向上的磁场增强，根据楞次定律可知，线圈B 有收缩的趋势，A 有扩张的趋势，D 正确。

2．霍尔电流传感器可以测量从直流电流到几十千赫兹的交变电流。

其工作原理图如图所示，导线L 1从圆形磁环中心垂直穿过，匝数为n 的线圈L 2缠绕在圆形磁环上，L 1中被测电流I 1产生的磁场B 1集中在圆形磁环内，圆形磁环隙中的霍尔元件可产生和B 1成正比的霍尔电压U MN ，控制器把从M 、N 输入的霍尔电压转变成电流I 2，该电流流过线圈L 2，产生磁场B 2，B 2与B 1方向相反，当B 2与B 1达到平衡时，满足关系式：I 1＝nI 2，下列说法正确的是（）
A．顺着电流I 1的方向观察，磁场B 1的方向沿逆时针方向
B．电流I 2从b 点流入线圈L 2
C．若霍尔元件的载流子是电子，则其左侧电势低于右侧电势
D．若电流I 2变为原来的12
倍，当B 2与B 1重新达到平衡时，则表明被测电流I 1变为原来的2倍【答案】C
【解析】根据右手螺旋定则，顺着电流I 1的方向观察，磁场B 1的方向沿顺时针方向，A 错误；由于B 2与B 1方向相反，根据右手螺旋定则可知电流I 2从a 点流入线圈L 2，B 错误；根据左手定则，若霍尔元件的载流子是电子，则其左侧电势低于右侧电势，C 正确；由于
12I nI ，匝数n 保持不变，若电流I 2变为原来的12倍，被测电流I 1变为原来的12
倍，D 错误。

3．如图所示，将一通电螺线管竖直放置，螺线管内部形成方向竖直向上、磁感应强度大小B ＝kt 的匀强磁场，在内部用绝缘轻绳悬挂一与螺线管共轴的金属薄圆管，其电阻率为ρ、高度为h 、半径为r 、厚度为d （d ≪r ），则（）
A．从上向下看，圆管中的感应电流为逆时针方向
B．圆管的感应电动势大小为2
πk r h C．圆管的热功率大小为23
π2dhk r
D．轻绳对圆管的拉力随时间减小
【答案】C
【解析】穿过圆管的磁通量向上逐渐增加，则根据楞次定律可知，从上向下看，圆管中的感应电流为顺时针方向，A 错误；圆管的感应电动势大小为22B E r k r t ，B 错误；圆管的电阻2r R dh
，圆管的热功率大小为2232E dhk r P R
，C 正确；根据左手定则可知，圆管中各段所受的受安培力方向指向圆管的轴线，则轻绳对圆管的拉力的合力始终等于圆管的重力，不随时间变化，D 错误。

4．电阻不可忽略的导电圆盘的边缘用电阻不计的导电材料包裹，圆盘可绕固定点O 在水平面内转动，其轴心O 和边缘处电刷A 均不会在转动时产生阻力，空气阻力也忽略不计。

用导线将电动势为E 的电源、导电圆盘、电阻和开关连接成闭合回路，如图甲所示在圆盘所在区域内充满竖直向下的匀强磁场，如图乙所示只在A 、O 之间的一块圆形区域内存在竖直向下的匀强磁场（圆形磁场的直径小于圆盘的半径），两图中磁场的磁感应强度大小均为B ，且磁场区域固定。

将图甲和图乙中的开关S 1和S 2闭合，经足够长时间后，两图中的圆盘转速均达到稳定。

则（）
A．从上往下看，圆盘沿顺时针方向转动
B．刚闭合开关时，图甲中的圆盘比图乙中的圆盘加速得快
C．将两图中的开关断开，图乙中的圆盘仍然匀速转动
D．将两图中的开关断开，图甲中的圆盘比图乙中的圆盘减速得快
【答案】B
【解析】根据左手定则可知，从上往下看，圆盘的转动方向是逆时针方向，A 错误；刚闭合开关时，图甲中的圆盘都处在磁场中，所受安培力较大，故图甲中的圆盘比图乙中的圆盘加速得快，B 正确；开关断开后，由于图甲中磁场充满整个圆盘，使得圆盘沿每条半径方向的感应电动势都一样大，电荷只在盘心和盘的边缘处积累，不会在圆盘内部形成电流，因此在开关断开后，只要没有其它的阻力，圆盘将匀速转动不会减速，图乙由于磁场存在于圆盘中的一部分区域内，使得开关断开后，仍有电流在圆盘内部形成回路，由于安培力作用圆盘减速，CD 错误。

5．如图所示，边界MN 的左侧区域内存在垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强
度大小为B 。

正三角形铜线框OPQ 的顶点O 位于MN 上，线框绕过O 点且垂直
于纸面的转轴顺时针匀速运动，角速度为ω。

已知铜线框粗细均匀，边长为a ，
则当PQ 边的中点经过边界MN 的瞬间，OP 两点的电势差U OP 为（
）A．2332Ba B．2332Ba
C．21
8Ba D．218
Ba 【答案】C
【解析】当PQ 边的中点经过边界MN 的瞬间，OQ 段和PQ 段一部分在切割磁感线，切割长度为两个端点间的距离，即O 到PQ 中点的距离，即3sin 602L a a
，动生电动势为230332228
a E BLv B a Ba ，由右手定则可知，Q 点电势比O 点电势高，设每个边的电阻为R ，OP 两点的电势差OP 3E U IR R R ，联立可得2OP 18
U Ba ，故C 正确，ABD 错误。

6．如图所示，空间存在竖直向下的匀强磁场，金属棒MN 以角速度ω绕过O 点的竖直轴PQ 沿逆时针方向(从上往下看)旋转。

NO ＝2MO ，则（
）
A．M 点电势高于N 点电势
B．N 、O 两点间电势差是M 、O 两点间电势差的2倍
C．若磁感应强度B 加倍，M 、N 两点间的电势差不变
D．若角速度ω加倍，M 、N 两点间的电势差将变为原来的4倍
【答案】A
【解析】由右手定则可知，O 点电势高于M 点，O 点电势高于N 点，因OM ON U U ，则M 点电势高
于N 点电势，A 正确；根据212
E B r 可知，N 、O 两点间电势差是M 、O 两点间电势差的4倍，B 错误；M 、N 两点间的电势差222113(2)222MN U B r B r B r
，若磁感应强度B 加倍，M 、N 两点间的电势差加倍，若角速度ω加倍，M 、N 两点间的电势差将变为原来的2倍，CD 错误。

7．电荷量计是一种能测出一段时间内通过导体横截面的电荷量的仪器。

某同学想用电荷量计测量地磁场强度，设计并完成了如下实验：如图所示，一个正方形金属线框abcd 与电荷量计相连，其边长为L 、线框导线横截面积为S ，电阻率为ρ，沿图示方位水平放置于地面上某处，假设磁场方向与竖直方向成θ角。

现将其从图示的转动方向绕ab 轴转180°，测得通过线框的电荷量为Q 1；将其从图示的转动方向绕ab 轴转90°，测得通过线框的电荷量为Q 2；该处地磁场的磁感应强度大小为（忽略地磁偏角影响）（
）
A．LS
B．LS
C．4LS
D．4LS
【答案】C
【解析】B 与竖直方向之间的夹角为 ，取磁感线从线框上面向下穿过时为正，初始位置的磁通量21Φcos BL ，线框转过180 时，磁感线的方向从线框的背面穿过，所以221ΦΦcos BL ，线框转过90 时，磁感线的方向也是从线框的背面穿过，所以23Φsin BL ，线框转过180 时，回路磁通量变化量的大小为221ΦΦΦ2cos BL ，根据公式有
211111Φ
Φ2cos BL t Q I t t R R R
，线框转过90 时，回路磁通量变化量的大小为2
21ΦΦΦ·(sin cos )BL ，所以对22Φ(sin cos )BL Q R R ，联立可
得B 4L R S
，故有B C。

8．如图所示，MN 为固定在光滑水平面上的细直导线，U 形的金属框abcd 放在导体棒上，两平行边ab 、cd 相距为L ，MN 与ab 、cd 垂直并与金属框接触良好，整个装置处于竖直向下的匀强磁场中，磁感应强度大小为B 。

MN 接入电路的电阻为R ，金属框电阻不计。

若给金属框以平行ab
向右的初
速度v 0，当金属框发生得位移为x 时，其速度减为零，此过程中通过MN 的电荷量为q 。

则在这一过程中（）
A．当通过MN 的电荷量达到12q 时，金属框的速度为23
v 0
B．当金属框发生的位移为13x 时，金属框的速度为12
v 0C．在通过MN 的电荷量达到12q 的过程中，MN 释放的热量为38
qBLv 0D．MN 释放的热量为14
qBLv 0【答案】C
【解析】整个过程，根据动量定理可得00BLq mv ，当通过MN 的电荷量达到12
q 时，则有102q BL mv mv ，解得金属框的速度为012v v ，A 错误；由电磁感应定律可得BLx E t t
，通过MN 的电荷量为E BLx q I t t R R
，当金属框发生的位移为3x 时，则通过MN 的电荷量为3q ，又00BLq mv ，金属框的速度为023v ，B 错误；当通过MN 的电荷量达到2
q 时，012v v ，则MN 释放的热量为22200001133()22288
v Q mv m mv qBLv ，C 正确；整个过程能量守恒可得，MN 释放的热量20011=22
Q mv BLqv 总，D 错误。

9．如图所示，边长为L 的等边三角形金属框架abc 处于垂直框架平面向外的有界匀强磁场中，顶点a 与磁场右侧边界重合。

t ＝0时起，用外力F 把框架从磁场中水平向右匀速拉出。

若金属框架中产生的感应电动势大小为E 、框架的位移为x ，则下列关系图中正确的是（）
【答案】BD
【解析】感应电动势•2tan30=3
E BLv B x v Bvx ，则E 与x 成正比，故A 错误，B 正确；线框
匀速运动，F 外＝F 安＝BIL ，电流E I R ，电动势E ＝BLv ，联立可得22B L v F R 外，其中L x ，则有2243B x v F R
外，因为B 、R 、v 一定，则F 外∝x 2，故C 错误，D 正确。

10．如图甲所示，MN 、PQ 两条平行的光滑金属轨道与水平面成θ＝30°角固定，间距L ＝1m，质量为m 的金属杆ab 水平放置在轨道上，其阻值忽略不计。

空间存在匀强磁场，磁场方向垂直于轨道
平面向上，磁感应强度B ＝0.5T。

P 、M 间接有阻值为R 1的定值电阻，Q 、N 间接电阻箱R 。

现从静止释放ab ，改变电阻箱的阻值R ，测得最大速度为v m
，得到m 1v 与1R 的关系如图乙所示。

若轨道足够长且电阻不计，重力加速度g 取10m/s 2，则（）A．金属杆中感应电流方向为b 指向a
B．金属杆所受的安培力沿轨道向下
C．定值电阻的阻值为1Ω
D．金属杆的质量为1kg
【答案】AC
【解析】由右手定则可判断，金属杆中感应电流方向由b 指向a ，由左手定则知，金属杆所受的安培力沿轨道向上，A 正确，B 错误；总电阻11=R R R R R 总，BLv I R 总
，当达到最大速度时，金属杆受力平衡，有2211sin ()m B L v mg BIL R R R R ，变形得2222m 111sin sin B L B L v mg R mgR
，根据图像可得22-130.5s m Ωsin 50B L k mg ，22-110.5s m sin B L b mgR
，解得杆的质量m ＝0.1kg，定值电阻R 1＝1Ω，C 正确，D 错误。

11．如图所示，单位长度电阻为r 的金属导线做成的圆形线圈，半径为R ，下半部分置于匀强磁场中，线圈固定不动，磁场以圆的直径AC 为界。

当t ＝0时匀强磁场的磁感应强度的方向如图甲所示，磁感应强度B 随时间t 变化的关系图像如图乙所示，则在0～2t 0时间内（
）
A．线圈中的感应电流方向始终为顺时针方向B．线圈受到的安培力大小恒为22
002B R t r
C．通过导线某横截面的电荷量为02B R
r
D．A、C 两端的电势差的绝对值恒为2
00
π4B R t 【答案】CD
【解析】当t ＝0时匀强磁场的磁感应强度的方向如图甲所示，故磁场向里为正，磁场方向先向外减小，后向里增加，根据楞次定律可知，线圈中的感应电流方向始终为逆时针方向，故A 错误；由法拉第电磁感应定律可知，线框产生的感应电动势220000
122B B B R E S R t t t t ，线圈受到的安培力大小2E F BIL B L r R
，因为磁感应强度再改变，故安培力不恒定，故B 错误；通过导线某横截面的电荷量002122222B R q Rr Rr B R r
，故C 正确；A、C 两端的电势差的绝对值恒为200
124B U E R t ，故D 正确。

12．如图所示，abc 和def 为互相平行的“L”形金属导轨，bc 、ef 部分被固定在绝缘的水平面上，ab 、de 竖直放置。

匀强磁场的磁感应强度大小为B 、方向垂直于be 且与水平面间的夹角为37°。

垂直导轨放置的导体棒1由静止开始沿着竖直导轨下落，质量为m 的导体棒2静止在水平导轨上；ab 、de 的间距、bc 、ef 的间距、两导体棒的长度均为d ，导轨的竖直部分光滑，水平部分与导体棒2之间的动摩擦因数μ＝0.5，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，回路的总电阻恒为R 。

若导体棒1下落高度h 时达到最大速度，导体棒2恰好要滑动，重力加速度为g ，sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8，则下列说法正确的是（）
A．导体棒1的质量为2.5m
B．导体棒1的最大速度大小为22
258mgR
B d C．该过程通过导体棒的电荷量为
Bhd
R D．该过程经历的时间为2222258825＋mR B d h B d mgR
【答案】BD
【解析】对导体棒1由平衡条件可得cos37F Mg 安，对导体棒2由平衡条件可得N cos37F mg F 安，
m sin 37F f 安，m N f F ，联立解得2M m ，A 错误；由m F BI d 安，m m x B dv I R
，cos37x B B
，
联立解得m 22258mgR v B d ，B 正确；根据电荷量
45x E B hd Bhd q It t R R R R
，C 错误；对导体棒1由动量定理可得
m 2cos372mg F t mv 安，则有m 2cos372mgt BIdt mv ，即m 2cos372mgt Bdq mv ，解得222258825mR B d h t B d mgR
，D 正确。

二、非选择题（解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。

有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。

）
13．如图所示，半径为R 的光滑圆形金属轨道固定在竖直面内，ab 为一条直
径，b 点处有缺口。

一根长度大于2R 、质量分布均匀的导体棒PQ 置于圆形
轨道上的a 点，且与ab 垂直，整个装置置于垂直纸面向里的匀强磁场（未画
出）中，磁感应强度大小为B 。

t ＝0时刻，导体棒在竖直向上的外力F 0（未
知量）作用下以速度v 匀速向上运动，在运动过程中始终与圆形轨道接触良
好，并始终与ab 垂直。

已知导体棒单位长度的电阻为r 0，圆形轨道的电阻忽略不计，重力加速度大小为g 。

求：
(1)t 时刻通过圆形轨道的电流大小和方向；
(2)t 时刻外力F 0的功率。

【解析】(1)根据题意，设t 时刻导体棒的位置如图所示，棒与轨道的交点分别为c 、d ，由右手定则可知，导体棒中感应电流的方向是从d 端流向c 端，因此通过圆形轨道的电流方向为逆时针。

设t 时刻导体棒切割磁感线的有效长度为L ，此时，导体棒接入电路的电阻为
r ＝Lr 0
感应电动势E ＝BLv
由闭合电路欧姆定律知，通过轨道的电流大小I ＝E
r
解得0
I Bv r ＝。

(2)导体棒运动t 时间，竖直向上运动的距离为y ＝vt
t 时刻导体棒切割磁感线的有效长度
L ＝222()R vt R 或L ＝222
()R R vt 解得L ＝222
2Rvt v t 由(1)问知t 时刻导体棒切割磁感线产生的感应电流0
Bv
I r
由左手定则可知t 时刻导体棒所受的安培力F
的方向竖直向下，大小为
F BIL 由平衡条件可得t 时刻外力F 0＝F ＋mg
t 时刻外力的功率P ＝F 0v
联立解得0P mgv 14．一磁感应强度为B 0的有界匀强磁场区域如图甲所示，质量为m ，电阻为R 的矩形线圈abcd 边长分别为L 和2L ，线圈一半在磁场内，一半在磁场外。

从t 1＝0时刻磁场的磁感应强度开始均匀减小，线圈中产生感应电流，在磁场力作用下运动，其运动的v －t 图象如图乙所示，图中斜向虚线为过0
点速度曲线的切线，数据由图中给出。

不考虑重力影响：求：
(1)线圈中感应电流的方向；
(2)磁场中磁感应强度的变化率
ΔB Δt ；(3)t 3时刻回路的电功率P 。

【解析】(1)从t 1＝0时刻磁场的磁感应强度开始均匀减小，所以线框的磁通量是变小的，根据楞次定律，感应电流产生的磁场跟原磁场方向相同，即感应电流产生的磁场方向为垂直纸面向内，可以判断出感应电流的方向为顺时针方向。

(2)从图线可知，t ＝0时刻线圈速度为零，图中斜向虚线为过0点速度曲线的切线，所以加速度为01
v a t 此时刻线框中感应电动势2B
E L t t
2E L B I R R t
由300B L B F B IL ma R t
可解得03
01B mv R t B t L 。

(3)线圈在t 2时刻开始做匀速运动，在t 3时刻应有两种可能
一是，线圈没有完全进入磁场，磁场就消失，线框内没有感应电流，回路电功率P ＝0；
二是，磁场没有消失，但线圈完全进入磁场，尽管有感应电流，但各边所受磁场力的合力为零，由ab 和cd 两边切割磁感线产生的感应电动势抵消22B
E L t t
回路电功率22222022201(2)4B L E m v R t P R R B t L。

15．如图所示，水平固定一半径r ＝0.2m 的金属圆环，长均为r ，电阻均为R 0的两金属棒沿直径放置，其中一端与圆环接触良好，另一端固定在过圆心的导电竖直转轴OO ′上，并随轴以角速度ω＝600rad/s 匀速转动，圆环内左半圆均存在磁感应强度大小为B 1的匀强磁场。

圆环边缘、与转轴良好接触的电刷分别与间距l 1的水平放置的平行金属轨道相连，轨道间接有电容C ＝0.09F 的电容器，通过单刀双掷开关S 可分别与接线柱1、2相连。

电容器左侧宽度也为l 1、长度为l 2、磁感应强度大小为B 2的匀强磁场区域。

在磁场区域内靠近左侧边缘处垂直轨道放置金属棒ab ，磁场区域外有间距也为l 1的绝缘轨道与金属轨道平滑连接，在绝缘轨道的水平段上放置“［”形金属框fcde 。

棒ab 长度和“［”形框的宽度也均为l 1、质量均为m ＝0.01kg，de 与cf 长度均为l 3＝0.08m，已知l 1＝0.25m，l 2＝0.068m，B 1＝B 2＝1T、方向均为竖直向上；棒ab 和“［”形框的cd 边的电阻均为R ＝0.1Ω，除已给电阻外其他电阻不计，轨道均光滑，棒ab 与轨道接触良好且运动过程中始终与轨道垂直。

开始时开关S 和接线柱1接通，待电容器充电完毕后，将S 从1拨到2，电容器放电，棒ab 被弹出磁场后与“［”形框粘在一起形成闭合框abcd ，此时将S 与2断开，已知框abcd 在倾斜轨道上重心上升0.2m
后返回进入磁场。

(1)求电容器充电完毕后所带的电荷量Q ，哪个极板（M 或N ；）带正电？
(2)求电容器释放的电荷量ΔQ ；
(3)求框abcd 进入磁场后，ab 边与磁场区域左边界的最大距离x 。

【解析】(1)开关S 和接线柱1接通，电容器充电充电过程，对绕转轴OO ′转动的棒由右手定则可知其动生电源的电流沿径向向外，即边缘为电源正极，圆心为负极，则M 板充正电；根据法拉第电磁感应定律可知2112E B r 则电容器的电量0.542
CE Q CU C 。

(2)电容器放电过程有211
B l Q mv
11棒ab 被弹出磁场后与“［”形框粘在一起的过程有12()mv m m v 棒的上滑过程有221
222mv mgh
联立解得0.16Q C 。

(3)设导体框在磁场中减速滑行的总路程为x ，由动量定理22
212
22B l x
mv R 可得0.1280.08x m m
匀速运动距离为320.012m
l l 则320.14m x x l l 。