河南省周口市西华县九年级(上)期中物理试卷(Word版 解析)

2017-2018学年河南省周口市西华县九年级（上）期中物理试卷
一、填空题（共7小题，每空1分，满分16分）
1．五月玉兰花绽放时，在较远处就能闻到花香，此现象说明分子在；压缩固体和液体很困难，这是因为分子间存在．
2．如图1所示，一配有活塞的厚壁玻璃筒里放一小团蘸了乙醚的棉花，当迅速压下活塞时，可看见桶内棉花燃烧起来．这是通过的方式使玻璃筒内的空气增加、温度升高的．如图2上升是汽油机工作时各冲程的示意图，从能量转化的角度看，其中与如图1实验相同的是．
3．干电池是日常生活中使用最多的直流电源，它正常工作时，把能转化为电能，并在其内部不断地把正电荷运送到干电池的极．
4．比热容是物质的一种特性，每种物质都有自己的比热容．水的比热容是，它表示的物理意义是．
5．如图所示，闭合开关S，电路将是路（选填“开”、“短”或“通”），要使电路中的两灯串联，则应拆除导线．
6．如图所示，若通过L1、L2的电流分别为0.3A、0.2A，电源电压为3V．则a表示数为，b表示数为，c表示数为．
7．电路元件甲和乙中的电流与其两端电压的关系如图所示，则R甲=Ω．若把它们串联起来，接在某电源上，电路中的电流是0.2A，则电源电压是V．
二、选择题（本题共10小题，每小题2分，共20分．第8～15题每小题只有一个选项符合题目要求，第16～17题每小题有两个选项符合题目要求，只选1个且正确的得1分，有选错的得0分）8．下列说法正确的是（）
A．物体吸热，温度一定升高
B．物体温度升高，一定吸热
C．物体内能增大，温度一定升高
D．物体温度升高，内能一定增大
9．甲、乙质量比为3：2，比热容比为2：1，吸收相同的热量，升高的温度比为（）
A．1：3 B．3：1 C．4：3 D．3：4
10．柴油机1min内完成600个工作循环，每秒曲轴转动的圈数和对外做功的次数（）
A．10周，10次B．20周，20次C．10周，20次D．20周，10次
11．有甲、乙两只灯泡，不考虑温度对灯泡电阻的影响，甲标有“15V 1.0A”字样，乙标有“10V 0.5A”字样，现把它们串联起来，则该串联电路两端允许加的最高电压为（）
A．25V B．15V C．17.5V D．10V
12．如果不考虑温度的影响，导体的电阻的大小与下列哪个因素无关（）
A．导体的材料B．导体的长度
C．导体的横截面积 D．导体两端的电压
13．关于同一种固态物质的比热容c，下列说法正确的是（）
A．若吸收的热量增大一倍，则比热容增大一倍
B．若质量增大一倍，则比热容减至一半
C．若加热前后的温度差增大一倍，则比热容增大一倍
D．无论质量多大，比热容都一样
14．电视机的显像管工作时，其尾部高温电热丝发射出电子，电子在电场的作用下不断冲向荧光屏，刺激屏上的荧光粉发光．这时显像管中的电流方向是（）
A．由电热丝到荧光屏B．由荧光屏到电热丝
C．没有电流D．电流方向不能确定
15．图示电路中，电源电压不变，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器．闭合开关S，移动滑片P，多次记录电压表示数U和对应的电流表示数I，则绘出的U﹣I关系图象正确的是（）
A．B．C．D．
16．炎热的夏天，小磊打着赤脚在烈日当空的小河边游玩时发现：岸上的石头热得烫脚，而河水却比较凉，下列有关说法中正确的是（）
A．水吸收的热量少，因此河水比岸上石头的温度低
B．水的比热容比石头的大，水升高的温度少
C．石头的吸热能力强，因此石头升温快
D．这是小明的错觉造成的，实际上岸上石头与水的温度相同
17．如图所示的电路，电源电压和灯泡电阻都保持不变，当滑动变阻器R的滑片P由中点向右移动时，下列判断中正确的是（）
A．电路中的总电阻减小，灯变亮
B．电路中的总电阻增大，灯的亮度不变
C．电流表的示数减小，电压表的示数增大，灯变暗
D．电流表的示数减小，电压表的示数不变，灯的亮度不变
三．实验、作图题（18题4分，19题12分共16）
18．用笔画线表示导线，按照图甲所示的电路图，将图乙中各元件连接起来．（导线不允许交叉）
19．在探究“电流与电阻的关系”实验中，某实验小组连接了如图的实验电路．
（1）按此电路的连法，闭合开关调节滑动变阻器会出现的现象是．分析造成此现象的原因是．
（2）请你只改变一根导线的连接情况，使电路正常工作，并能探究题中的问题．（在去掉的导线上画“×”，所填加的导线用笔画出）
（3）在电路正常后，闭合开关，调节滑动变阻器，当电压表示数为3V时，记录了电流表的示数．然后将电阻由原来的5Ω换成10Ω，重新闭合开关后，电压表示数将3V（选填“大于”、“小于”或“等于”），滑动变阻器的滑片应向（选填“左”或“右”）移动．
（4）小组同学又多次更换电阻进行了实验，并将实验的数据都记录在下表中：
电阻/Ω510152030
电流/A0.60.30.20.150.1
分析表中的数据可得出的结论为．
四、综合题（20题9分，21题9分，共18分）
20．质量为100g的铁块，放在炉子上加热相当长的时间后取出立即投入质量为250g、温度为20℃的
103J/（kg•℃）]．水中，水的温度最后升高到60℃，（此过程中不计热损失）求炉子的温度．[c
铁=0.46×
21．在如图（a）所示的电路中，电源电压U=4V，电阻R1=20Ω，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P
移至某处时，电路中电流表A的示数如图（b）所示．求：（1）电流表A1的示数．
（2）滑动变阻器连入电路的阻值．
2017-2018学年河南省周口市西华县九年级（上）期中物理试卷
参考答案与试题解析
一、填空题（共7小题，每空1分，满分16分）
1．五月玉兰花绽放时，在较远处就能闻到花香，此现象说明分子在不停的做无规则运动；压缩固体和液体很困难，这是因为分子间存在斥力．
【考点】GW：扩散现象；GV：分子的运动．
【分析】构成物体的分子每时每刻都在不停的做无规则运动；
分子之间存在相互作用的引力和斥力．
【解答】解：我们在较远处就能闻到花香是因为花香分子运动到空气中，吸入鼻子，这说明了分子在不停的做无规则运动；
分子之间存在相互作用的引力和斥力，压缩固体和液体比较困难就是因为分子间存在斥力．
故答案为：不停的做无规则运动；斥力．
2．如图1所示，一配有活塞的厚壁玻璃筒里放一小团蘸了乙醚的棉花，当迅速压下活塞时，可看见桶内棉花燃烧起来．这是通过做功的方式使玻璃筒内的空气内能增加、温度升高的．如图2上升是汽油机工作时各冲程的示意图，从能量转化的角度看，其中与如图1实验相同的是B．
【考点】GM：内燃机的四个冲程．
【分析】改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程．
内燃机的四个冲程有吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程，其中在做功冲程中，是内燃机的内能转化为机械能，在压缩冲程中是机械能转化为内能．
【解答】解：下压活塞时，活塞压缩气体做功，机械能转化为内能，使气体的内能增大、温度升高，当达到棉花的燃点，使棉花燃烧．
A、进气门开启，气体流入汽缸，是吸气冲程；
B、两气门都关闭，活塞上行，汽缸容积变小，是压缩冲程；把机械能转化为内能；
C、两气门都关闭，活塞下行，汽缸容积变大，是做功冲程；把内能转化为机械能；
D、排气门开启，气体流出汽缸，是排气冲程；
因此与图1能量转化相同的是压缩冲程，即选项B．
故答案为：做功；内能；B．
3．干电池是日常生活中使用最多的直流电源，它正常工作时，把化学能转化为电能，并在其内部不断地把正电荷运送到干电池的正极．
【考点】HH：电源及其能量转化．
【分析】（1）电源是能够提供电能的装置，在工作时，将化学能转化为电能．
（2）正电荷定向移动的方向为电流的方向，在电源的内部，电流从电源负极流向正极．
【解答】解：干电池在工作时，把化学能转化成电能，在电池的内部正极不断聚集正电荷，负极不断聚集负电荷．
故答案为：化学；正．
4．比热容是物质的一种特性，每种物质都有自己的比热容．水的比热容是 4.2×103J/（kg•℃），它表示的物理意义是1kg的水每升高（或降低）1℃吸收（或放出）的热量为4.2×103J．
【考点】GD：比热容的概念．
【分析】单位体积某种物质，温度升高1℃所吸收的热量叫做这种物质的比热容．比热容是物质的一种特性．
【解答】解：
水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），其物理意义是：1kg的水每升高（或降低）1℃吸收（或放出）的热量为4.2×103J．
故答案为：4.2×103J/（kg•℃）；1kg的水每升高（或降低）1℃吸收（或放出）的热量为4.2×103J．5．如图所示，闭合开关S，电路将是短路（选填“开”、“短”或“通”），要使电路中的两灯串联，
则应拆除导线bc．
【考点】HP：电路的三种状态；HT：串联电路和并联电路的辨别．
【分析】电路的三种状态：通路，开路（断路），短路．检查电路时应首先判断是否出现了短路．【解答】解：闭合开关S，电路将是短路，会损坏电流表和电源，要使电路中的两灯串联，则应拆除导线b、c．
故本题答案为：短；bc．
6．如图所示，若通过L1、L2的电流分别为0.3A、0.2A，电源电压为3V．则a表示数为0.2A，b 表示数为3V，c表示数为0.5A．
【考点】H@：并联电路的电流规律；I7：并联电路的电压规律．
【分析】电流表在电路中相当于导线，电压表相当于开路，所以电流表不能和用电器并联，电压表不能和用电器串联；并联电路中，干路中的电流等于支路电流的和．
【解答】解：由于两个电灯中间已经接在一起，L1的左端与电源正极相连了，则两个电灯中间应通过电流表接到电源的负极，故c表为电流表，L2的右端应接到电源的正极，故a表应是电流表，则b表只能是电压表了；
并联电路中，干路中的电流等于支路电流的和；a测量的是L2的电流，则示数为0.2A；c测量的是总电流为，为0.3A+0.2A=0.5A；b测量的是各支路两端的电压，也是电源电压，为3V．
故答案为：0.2A；3V；0.5A．
7．电路元件甲和乙中的电流与其两端电压的关系如图所示，则R甲=5Ω．若把它们串联起来，接在某电源上，电路中的电流是0.2A，则电源电压是3V．
【考点】IH：欧姆定律的应用；II：电阻的串联．
【分析】（1）由I﹣U图象求出电路元件甲的电压与对应的电流，然后由欧姆定律求出甲的电阻；（2）由I﹣U图象求出电流I=0.2A时对应的甲乙两电路元件的电压，然后由欧姆定律求出电源电压．
==5Ω；
【解答】解：（1）由I﹣U图象可知电路元件甲的电阻R
甲=
U乙=2V，则电源电压U=U甲+U乙=1V+2V=3V．
（2）由I﹣U图象可得，当I=0.2A时，U
甲=1V，
故答案为：5；3．
二、选择题（本题共10小题，每小题2分，共20分．第8～15题每小题只有一个选项符合题目要求，第16～17题每小题有两个选项符合题目要求，只选1个且正确的得1分，有选错的得0分）8．下列说法正确的是（）
A．物体吸热，温度一定升高
B．物体温度升高，一定吸热
C．物体内能增大，温度一定升高
D．物体温度升高，内能一定增大
【考点】G6：温度、热量与内能的关系．
【分析】（1）晶体熔化过程中，吸热但温度不变；
（2）做功和热传递都能改变物体的内能；
（3）内能的大小与物体的质量、温度有关；
【解答】解：
A、晶体在熔化过程中，吸热但温度不变；所以，物体吸热，温度不一定升高，故A错误；
B、做功和热传递都能改变物体的内能，所以物体温度升高，可能是从外界吸热，也可能是外界物体对它做了功，故B错误；
C、晶体在熔化过程中，吸热内能增加，但温度不变；所以，物体内能增大，温度不一定升高，故C 错误；
D、物体的温度升高，分子的无规则运动加快（分子动能增大），其内能一定增大，故D正确；
故选D．
9．甲、乙质量比为3：2，比热容比为2：1，吸收相同的热量，升高的温度比为（）
A．1：3 B．3：1 C．4：3 D．3：4
【考点】GD：比热容的概念．
【分析】已知两物体的质量关系、比热容关系与吸收的热量关系，由热量公式的变形公式可以求出它们升高的温度之比．
【解答】解：因为Q=cm△t，
所以升高的温度之比：===×=；
故选A．
10．柴油机1min内完成600个工作循环，每秒曲轴转动的圈数和对外做功的次数（）
A．10周，10次B．20周，20次C．10周，20次D．20周，10次
【考点】GN：有关热机的计算．
【分析】柴油机的一个工作循环由吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程四个冲程组成．在一个工作循环中曲轴转2圈，飞轮转2周，做功一次．
【解答】解：
柴油机1min内完成600个工作循环，每秒钟完成10个工作循环，曲轴转动的转20圈．完成40个工作冲程，做功10次，故ABC错误，D正确．
故选D．
11．有甲、乙两只灯泡，不考虑温度对灯泡电阻的影响，甲标有“15V 1.0A”字样，乙标有“10V 0.5A”字样，现把它们串联起来，则该串联电路两端允许加的最高电压为（）
A．25V B．15V C．17.5V D．10V
【考点】IH：欧姆定律的应用．
【分析】串联电路电流处处相等．若将两个灯泡串联起来，则电流只能取0.5A，因为取1A，乙灯泡会被烧坏；然后算出两个灯泡的总电阻，最后用公式U=IR算出电源电压．
【解答】解：
∵I=，
∴两只灯泡的电阻分别为R1===15Ω，R2===20Ω；
若两灯泡串联起来，则电流只可取0.5A．
电路的总电阻：R
总=R甲+R
乙=15Ω+
20Ω=35Ω，
电路的最大电压：U
总=IR总
=0.5A×35Ω=17.5V．
故选C．
12．如果不考虑温度的影响，导体的电阻的大小与下列哪个因素无关（）
A．导体的材料B．导体的长度
C．导体的横截面积 D．导体两端的电压
【考点】IA：影响电阻大小的因素．
【分析】如果把导体比作一条公路，电阻比作堵车事故：水泥路面比土道畅通，即材料影响电阻；宽敞的路比窄路畅能，即横截面积影响电阻；路越长堵车机会越大，即长度影响电阻．
【解答】解：电阻是导体本身的一种性质，电阻大小的影响因素有材料、长度、横截面积、温度，与电压、电流等外界因素无关．
根据影响电阻大小的因素来判断，A、B、C都影响电阻，D不影响．
故选D．
13．关于同一种固态物质的比热容c，下列说法正确的是（）
A．若吸收的热量增大一倍，则比热容增大一倍
B．若质量增大一倍，则比热容减至一半
C．若加热前后的温度差增大一倍，则比热容增大一倍
D．无论质量多大，比热容都一样
【考点】GD：比热容的概念．
【分析】知道比热容是物质本身的特性，它不会随物质吸收的热量，质量，温度的改变而改变．【解答】解：比热容是物质本身的特性，它不会随物质吸收的热量，质量，温度的改变而改变．所以A，B，C错误，D正确．
故选D．
14．电视机的显像管工作时，其尾部高温电热丝发射出电子，电子在电场的作用下不断冲向荧光屏，刺激屏上的荧光粉发光．这时显像管中的电流方向是（）
A．由电热丝到荧光屏B．由荧光屏到电热丝
C．没有电流D．电流方向不能确定
【考点】HE：电流的方向．
【分析】物理学中规定正电荷的定向移动方向是电流的方向，负电荷的定向移动方向与电流的方向相反．
【解答】解：电子的定向移动方向与电流的方向相反，显像管工作时电子在电场的作用下不断冲向荧光屏，所以在显像管中电流的方向是从荧光屏指向电热丝．
故选B．
15．图示电路中，电源电压不变，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器．闭合开关S，移动滑片P，多次记录电压表示数U和对应的电流表示数I，则绘出的U﹣I关系图象正确的是（）
A．B．C．
D．
【考点】IH：欧姆定律的应用．
【分析】由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流，根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电压表与电流表的示数关系，然后得出答案．
【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，由I=可得，R2两端的电压：
U2=U﹣IR1，
由表达式可知，电压表的示数U2与电流表的示数I是一次函数，且电压表的示数随电流表的示数增大而减小，
由选项可知，ABC不符合，D符合．
故选D．
16．炎热的夏天，小磊打着赤脚在烈日当空的小河边游玩时发现：岸上的石头热得烫脚，而河水却比较凉，下列有关说法中正确的是（）
A．水吸收的热量少，因此河水比岸上石头的温度低
B．水的比热容比石头的大，水升高的温度少
C．石头的吸热能力强，因此石头升温快
D．这是小明的错觉造成的，实际上岸上石头与水的温度相同
【考点】GF：比热容解释简单的自然现象．
【分析】对水的比热容大的理解：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多，据此分析．
【解答】解：
因为水的比热容比石头的大，相同质量的水和石头比较，吸收相同的热量（都在太阳照射下），水的温度升高的少，故河水是凉凉的，而石头的温度升高的多，热得烫脚，故B正确．
故选：B．
17．如图所示的电路，电源电压和灯泡电阻都保持不变，当滑动变阻器R的滑片P由中点向右移动时，下列判断中正确的是（）
A．电路中的总电阻减小，灯变亮
B．电路中的总电阻增大，灯的亮度不变
C．电流表的示数减小，电压表的示数增大，灯变暗
D．电流表的示数减小，电压表的示数不变，灯的亮度不变
【考点】IZ：电路的动态分析；IH：欧姆定律的应用．
【分析】由电路图可知，灯泡与滑动变阻器并联，电压表测电源两端的电压，电流表测通过滑动变阻器的电流，根据电源的电压可知滑片移动时电压表示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过灯泡电流和实际功率的变化，进一步可知灯泡亮暗的变化，根据滑片的移
动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知通过变阻器电流的变化，根据并联电路的电流特点可知干路电流的变化，再根据欧姆定律可知电路中总电阻的变化．
【解答】解：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器并联，电压表测电源两端的电压，电流表测通过滑动变阻器的电流，
因电源电压保持不变，
所以，滑片移动时，电压表的示数不变，故C错误；
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，
所以，滑片移动时，通过灯泡的电流和灯泡的实际功率均不变，灯泡的亮度不变，故A错误；
当滑动变阻器的滑片P由中点向右移动时，接入电路中的电阻变大，
由I=可知，通过滑动变阻器的电流变小，即电流表的示数减小，故D正确；
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，干路电流变小，
由R=可知，电路中的总电阻变大，故B正确．
故选BD．
三．实验、作图题（18题4分，19题12分共16）
18．用笔画线表示导线，按照图甲所示的电路图，将图乙中各元件连接起来．（导线不允许交叉）
【考点】HR：实物的电路连接．
【分析】分析电路的连接及开关的作用，根据电路图连接实物图，注意各元件顺序与电路图要一一对应．
【解答】解：由电路图可知，灯与电铃并联，开关S2只控制电铃，S2与电铃串联，S1在干路上，S1控制整个电路，根据电路图连接实物图，如下图所示：
19．在探究“电流与电阻的关系”实验中，某实验小组连接了如图的实验电路．
（1）按此电路的连法，闭合开关调节滑动变阻器会出现的现象是电压表有明显示数而电流表无示数．分析造成此现象的原因是电压表被串联在电路中．
（2）请你只改变一根导线的连接情况，使电路正常工作，并能探究题中的问题．（在去掉的导线上画“×”，所填加的导线用笔画出）
（3）在电路正常后，闭合开关，调节滑动变阻器，当电压表示数为3V时，记录了电流表的示数．然后将电阻由原来的5Ω换成10Ω，重新闭合开关后，电压表示数将大于3V（选填“大于”、“小于”或“等于”），滑动变阻器的滑片应向右（选填“左”或“右”）移动．
（4）小组同学又多次更换电阻进行了实验，并将实验的数据都记录在下表中：
电阻/Ω510152030
电流/A0.60.30.20.150.1
分析表中的数据可得出的结论为电压一定，电流与电阻成反比．
【考点】IL：探究电流与电压、电阻的关系实验．
【分析】（1）电压表的内阻很大，串联在电路中．其它元件都相当于导线，都不能正常工作．
（2）根据电流流向法，先让滑动变阻器与电阻R串联回到负极，再把电压表与电阻并联即可，据此修改电路．
（3）在研究电阻对电流的影响时，更换电阻后电阻两端的电压会随之变化，为了控制变量，要调节滑动变阻器的滑片保持电阻两端的电压不变．
（4）分析表中的数据可知，电压不变时，电阻的阻值与通过电流的乘积不变，据此得出结论．
【解答】解：（1）由图可知，电压表串接在电路中，因为电压表的电阻很大相当于断路，故当开关闭合，调节滑动变阻器时，电压表和电流表的示数不变，且电压表的示数接近电源的电压，电流表的示数几乎为零．
（2）为使滑动变阻器与电阻串联、电压表与电阻R并联，应把电阻R与电流表的连线去掉，把电阻右端的连线改接为与电源的负极进行连接，如下图所示：
（3）把定值电阻由5Ω换成10Ω，闭合开关后，定值电阻两端电压变大，为保持电阻两端电压不变，应增大滑动变阻器分压，将变阻器的滑片P向右移动直至电压表示数为3V为止．
（4）分析表中的数据：电阻变为原来的2倍，电流变为原来的，由此可得出的结论为：电压一定
时，电流与电阻成反比．
故答案为：
（1）电压表的示数接近电源的电压，电流表的示数几乎为零；电压表串联在电路中；（2）如上图所示；（3）大于；右；（4）电压一定，电流与电阻成反比．
四、综合题（20题9分，21题9分，共18分）
20．质量为100g的铁块，放在炉子上加热相当长的时间后取出立即投入质量为250g、温度为20℃的
103J/（kg•℃）]．水中，水的温度最后升高到60℃，（此过程中不计热损失）求炉子的温度．[c
铁=0.46×
【考点】GI：热平衡方程的应用．
t求出水吸收的热量，不计热损失时【分析】知道水的质量和比热容以及升高的温度，根据Q
吸=cm△
水吸收的热量即为铁块释放的热量，又知道铁块的质量和比热容以及末温（水吸收热量后的温度），t0﹣t）求出铁块的初温即为炉子的温度．
根据Q
放=cm（
【解答】解：水吸收的热量：
Q吸=c水m水△t水=4.2×103J/（kg•℃）×250×10﹣3kg×（60℃﹣20℃）=4.2×104J，
不计热损失时铁块释放的热量：
Q放=Q吸=4.2×104J，
t0﹣t）可得，铁块的初温即炉子的温度：
由Q
放=cm（
t0=+t=+60℃≈973℃．
答：炉子的温度约为973℃．
21．在如图（a）所示的电路中，电源电压U=4V，电阻R1=20Ω，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P 移至某处时，电路中电流表A的示数如图（b）所示．求：
（1）电流表A1的示数．
（2）滑动变阻器连入电路的阻值．
【考点】IH：欧姆定律的应用．
【分析】（1）先识别电路的连接方式，然后根据已知的电源电压和R1的阻值，并结合并联电路电压的特点，直接利用I=即可求出通过R1的电流；
（2）已知干路电流，根据并联电路中电流的规律求出通过滑动变阻器的电流，然后根据R=即可求出滑动变阻器接入电路的电阻．
【解答】解：（1）R1、R2并联
U1=U2=U总=4V
I1===0.2A．
（2）因为电流表A串联在总路上测总电流、电流表A1与R1串联测通过R1的电流，所以电流表A的示数大于电流表A1的示数，即I总要大于0.2A．结合图（b）可判断出I总可能是0.4A，也可能是2A．I2=I总﹣I1=0.4A﹣0.2A=0.2A
若I
总=0.4A，则
R2===20Ω
I2=I总﹣I1=2A﹣0.2A=1.8A
若I
总=2A，则
R2===2.22Ω．
答：（1）电流表A1的示数是0.2A；
（2）变阻器连入电路的阻值为20Ω或2.22Ω．。