高中物理高考复习同步试题及答案 高二(上)复习 期终总复习(二)

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人教版物理高二上学期试卷与参考答案

人教版物理高二上学期试卷与参考答案

人教版物理高二上学期复习试卷(答案在后面)一、单项选择题(本大题有7小题,每小题4分,共28分)1、一个质量为2kg的物体,在光滑水平面上受到一个大小为10N的恒力作用,根据牛顿第二定律,该物体获得的加速度是多少?A. 2 m/s²B. 5 m/s²C. 10 m/s²D. 20 m/s²2、下列关于电场强度E的描述,哪一项是正确的?A. 电场强度是一个矢量,其方向总是从正电荷指向负电荷。

B. 电场强度与放入电场中的测试电荷无关。

C. 在均匀电场中,任何位置处的电场强度都相同。

D. 以上全部正确。

3、一个物体从静止开始沿水平面加速运动,加速度为2 m/s²,5秒后速度达到10 m/s。

求该物体在这5秒内通过的位移。

选项:A. 12.5 mB. 15 mC. 20 mD. 25 m4、一个物体从静止开始做匀加速直线运动,加速度为5 m/s²,经过10秒后,其速度达到20 m/s。

求该物体在最初的5秒内通过的距离。

选项:A. 12.5 mB. 25 mC. 50 mD. 100 m5、一个物体从静止开始沿水平面加速运动,加速度恒定。

在第一个2秒内物体的位移是4米,则物体在接下来的2秒内的位移是:A. 8米B. 12米C. 16米D. 20米6、一物体在水平方向上受到两个力的作用,一个力是10N,方向向东,另一个力是15N,方向向北。

求这两个力的合力大小和方向。

A. 10N,方向向东B. 15N,方向向北C. 17N,方向东北D. 17N,方向西北7、在以下关于能量守恒定律的描述中,正确的是()A、在一个封闭系统中,能量总量不会随时间变化B、能量只能从高能状态向低能状态转移C、能量守恒定律只适用于宏观物体D、能量守恒定律适用于所有自然现象和过程二、多项选择题(本大题有3小题,每小题6分,共18分)1、下列关于力的说法正确的是:A、力是物体之间的相互作用,可以改变物体的运动状态。

2024年人教版高二上学期期中物理试卷与参考答案

2024年人教版高二上学期期中物理试卷与参考答案

2024年人教版物理高二上学期期中模拟试卷(答案在后面)一、单项选择题(本大题有7小题,每小题4分,共28分)1、一个物体在水平面上做匀速直线运动,若将物体的质量加倍,其它条件不变,则下列说法正确的是:A、物体所受的摩擦力加倍B、物体的加速度加倍C、物体的合力加倍D、物体受到的重力加倍2、一物体在光滑水平面上以一定的初速度v0向右运动,同时受到一个向左的恒力F的作用。

下列说法正确的是:A、物体在任意时刻的加速度都相等B、物体的速度在任意时刻都相等C、物体的位移在任意时刻都相等D、物体的动能始终增加3、一个物体在水平面上受到一个恒定的推力F,以匀速直线运动。

若将推力F的方向保持不变,但减小到原来的一半,那么物体将:A. 停止运动B. 减速运动C. 加速运动D. 运动状态不变4、一个物体在水平面上受到两个相互垂直的力F1和F2的作用,物体静止。

若将F1的大小增加到原来的两倍,而F2的大小不变,那么物体将:A. 仍然静止B. 开始运动C. 加速运动D. 减速运动5、一个物体从静止开始沿直线加速运动,其加速度的大小为a,运动时间为t,则物体在这段时间内所通过的距离S可以用以下哪个公式表示?A. S = 0.5at^2B. S = at^2C. S = 0.5atD. S = at6、一个物体做匀速圆周运动,其速度大小为v,圆周半径为r,则物体在单位时间内通过弧长的公式为:A. s = vB. s = vrC. s = πvD. s = πr7、一个物体从静止开始,在水平面上做匀加速直线运动,其加速度为2m/s²,在3秒内物体通过的距离是()A. 6mB. 9mC. 12mD. 18m二、多项选择题(本大题有3小题,每小题6分,共18分)1、下列关于物理现象的描述,正确的是:A、摩擦力总是阻碍物体运动的方向B、做匀速圆周运动的物体,其向心力始终指向圆心,且大小不变C、重力势能的大小与物体的高度和质量有关D、电场强度是由电场本身决定的,与放入电场中的电荷无关2、关于光学现象,以下说法正确的是:A、光的反射和折射现象遵循斯涅尔定律B、全反射现象发生在光从光密介质射向光疏介质时,且入射角大于临界角C、光的衍射现象表明光具有波动性D、光的干涉现象是两束或多束相干光重叠时产生的现象3、以下关于电磁感应现象的说法正确的是()A、闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时,导体中会产生感应电流B、感应电流的方向总是与磁感线方向相反C、只有导体在磁场中运动,才能产生感应电流D、感应电流的大小与导体切割磁感线的速度成正比三、非选择题(前4题每题10分,最后一题14分,总分54分)第一题题目:一物体从静止开始沿水平面做匀加速直线运动,已知加速度为(a=2 m/s2)。

高二物理复习题带答案

高二物理复习题带答案

高二物理复习题带答案一、选择题1. 物体做匀加速直线运动,加速度为2m/s²,第3s内通过的位移是:A. 4mB. 6mC. 8mD. 10m2. 两个质量分别为m₁和m₂的物体,用轻绳连接后跨过定滑轮,若m₁>m₂,系统将:A. 静止不动B. 向下加速C. 向上加速D. 向上匀速3. 一个物体在水平面上做匀速圆周运动,下列哪个量是不变的?A. 速度B. 动能C. 角速度D. 向心力二、填空题4. 牛顿第二定律表达式为:_________。

5. 根据能量守恒定律,当一个物体从高处自由落下时,其重力势能将转化为_________。

三、简答题6. 请简述什么是简谐振动,并给出一个生活中的例子。

四、计算题7. 一辆汽车以10m/s的速度行驶,司机发现前方有障碍物,立即刹车。

如果刹车过程中加速度的大小为5m/s²,求汽车从开始刹车到完全停止所需的时间。

五、实验题8. 在“探究加速度与力、质量的关系”的实验中,如何设计实验才能更准确地得出结论?答案:一、选择题1. B. 6m(根据匀加速直线运动的位移公式:s = vt + 1/2at²,代入t=3s,v=10m/s,a=2m/s²计算得s=6m)2. B. 向下加速(因为m₁>m₂,所以m₁g - m₂g > 0,产生向下的加速度)3. B. 动能(速度大小不变,动能不变)二、填空题4. F = ma(牛顿第二定律)5. 动能(重力势能转化为动能)三、简答题6. 简谐振动是指物体在平衡位置附近作周期性的往复运动,其加速度与位移成正比,且方向相反。

生活中的例子有:弹簧振子的振动、单摆的运动等。

四、计算题7. 根据公式v = v₀ + at,代入v₀=10m/s,a=-5m/s²,v=0,解得t = (0 - 10) / (-5) = 2s。

五、实验题8. 设计实验时,应保持其中一个变量不变,改变另一个变量,观察加速度的变化。

2024-2025学年人教版高二物理上册期中同步检测试卷及答案

2024-2025学年人教版高二物理上册期中同步检测试卷及答案

2024-2025学年人教版高二物理上册期中同步检测试卷班级:________________ 学号:________________ 姓名:______________一、单选题(每题3分)1.下列关于电场的说法正确的是A. 电场是为了便于研究物体的运动而引入的理想模型B. 电场是电荷周围空间实际存在的物质C. 电荷周围分布的电场线就是电场D. 电荷间的相互作用是通过电场产生的,电场对放入其中的电荷有力的作用答案:B、D解析:A. 电场是实际存在的物质,不是理想化模型,故A错误;B. 电场是电荷周围空间实际存在的物质,故B正确;C. 电场线是为了形象地描述电场而引入的假想曲线,实际不存在,故C错误;D. 电荷间的相互作用是通过电场产生的,电场对放入其中的电荷有力的作用,故D正确。

2.下列关于电势和电势能的说法中正确的是A. 在电场中电势越高的地方,电荷在那一点具有的电势能就越大B. 在电场中电势越高的地方,放在那一点的电荷的电荷量越大,它所具有的电势C. 在电场中的任何一点上,正电荷所具有的电势能一定大于负电荷具有的电势能D. 在负的点电荷所产生的电场中的任何一点上,正电荷所具有的电势能一定小于负电荷所具有的电势能答案:D解析:A. 正电荷在电势越高的地方电势能越大,负电荷在电势越高的地方电势能越小,故A错误;B. 在电场中电势越高的地方,正电荷在那一点具有的电势能就越大,负电荷在那一点具有的电势能就越小,故B错误;C. 电势能Eₚ = qφ,电势能与电荷的电性、电势的正负、电荷量的大小有关,故C错误;D. 规定无穷远处电势为零,在负点电荷电场中任意一点的电势为负值,则正电荷具有的电势能一定小于负电荷具有的电势能,故D正确。

3.下列说法正确的是A. 电流有方向,它是一个矢量B. 电动势的方向是电源内部电势升高的方向C. 电源内部,依靠非电场力搬运电荷D. 在电源内部,依靠电场力搬运电荷答案:C解析:A. 电流虽然有方向,但电流的计算不使用平行四边形定则,使用电流是标量,故B. 电动势的方向是电源内部电势降低的方向,即内部非静电力做功的方向,故B 错误;CD.在电源内部,依靠非电场力搬运电荷,即把其它形式的能转化为电能,故C正确,D错误。

高二上期期中考试试卷物理含答案

高二上期期中考试试卷物理含答案
A. B.
C. D.
【答案】C
【解析】
【详解】AB.根据 图像可知,粒子的加速度在逐渐减小,粒子所受电场力在逐渐减小,电场强度 随位移 在逐渐减小,AB错误;
C.粒子带负电,电场力方向从 指向 ,电场强度方向从 指向 ,故从 到 电势逐渐升高,由于电场强度逐渐减小,故 图像的斜率逐渐减小,C正确;
D.从 到 电势能逐渐减小,但由于电场力减小, 图像的斜率逐渐减小,D错误。
A.电动机内部线圈的电阻为1Ω
B.稳定匀速提升重物时,流过电动机的电流为2A
C.重物匀速上升时的速度为1.5m/s
D.匀速提升重物时电动机的输出机械功率是2W
【答案】C
【解析】
【详解】A.当将重物固定时,电动机没有机械能输出,整个电路是纯电阻电路,根据闭合电路欧姆定律可知电路中内电压为
电路中电流为
故电动机上电压为
故选ACD。
10.如图甲所示,真空中水平放置两块长度为 的平行金属板P、Q,两板间距为d,两板间加上如图乙所示最大值为 的周期性变化的电压,在两板左侧紧靠P板处有一粒子源A,自 时刻开始连续释放初速度大小为 、方向平行于金属板的相同带电粒子, 时刻释放的粒子恰好从Q板右侧边缘离开电场。已知电场变化周期 ,粒子质量为 ,不计粒子重力及相互间的作用力,则以下说法正确的是( )
B.若电流通在A中,则在t1﹣t2时间内,电流逆时针增大,通过B线圈的磁通量增大,根据楞次定律,知B内有顺时针方向的电流,根据楞次定律的另一种表述,B线圈有缩小的趋势。故B正确;
C.若电流通在B中,则在0﹣t1时间内,电流顺时针方向减小,通过A线圈的磁通量减小,根据楞次定律,知A内有顺时针方向的电流,对于A线圈,减小面积时可以阻碍磁通量减小,所以A线圈有收缩趋势。故C正确;

高二(上)期中物理试题(解析版)

高二(上)期中物理试题(解析版)
故选A。
2.如图所示,虚线a、b、c代表电场中的三条电场线,实线为一带负电的粒子仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹,P、R、Q是这条轨迹上的三点,由此可知()
A.带电粒子在R点时的加速度小于在Q点时的加速度
B.带电粒子在P点时的电势能比在Q点时的电势能大
C.带电粒子在R点时的速度大于在Q点时的速度
(1)电子在电场中运动的加速度。
(2)电子进入电场的最大距离。
(3)电子进入电场最大距离的一半时的动能。
【答案】(1) ;(2) ;(3)
【解析】
【详解】(1)由牛顿第二定律可得
解得
(2)由动能定理可得
解得
(3)从电子进入电场至运动到电场最大距离的一半的过程中,由动能定理可得
解得
15.如图所示,有一电子(电荷量为e)经电压U0由静止加速后,进入两块间距为d、电压为U的平行金属板间。若电子从两板正中间垂直电场方向射入,且正好能穿过电场,求:
D.根据能量守恒定律,带电质点在运动过程中各点处的动能与电势能之和保持不变,D错误。
故选C。
3.下列四个图中, 、 两点电势相等、电场强度也相等的是( )
A. B. C. D.
【答案】D
【解析】
【分析】
【详解】A.匀强电场 等势面是垂直于电场线的一簇等间距的平行平面,A图中 、 两点不在同一等势面上,所以,这两点的电势是不相等的,但这两点的电场强度相等,选项A错误;
D.带电粒子在R点时 动能与电势能之和比在Q点时的小,比在P点时的大
【答案】C
【解析】
【详解】A.由电场线疏密可知,R点场强比Q场强点大,所以带电粒子在R点的电场力大,则带电粒子在R点的加速度大,A错误;
BC.带电粒子做曲线运动,电场力指向曲线的内侧,所以电场力的方向向右;若带电粒子从P经过R运动到Q,电场力做负功,带电粒子的电势能增大,动能减小,则带电粒子经过R点时的动能大于经过Q点时的动能,即带电粒子在R点时的速度大于在Q点时的速度,而P点电势能最小,所以带电粒子在P点时的电势能比在Q点时的电势能小,B错误,C正确;

高中高二物理上学期期中试卷高二全册物理试题 (2)

高中高二物理上学期期中试卷高二全册物理试题 (2)

时遁市安宁阳光实验学校示范高中五校联考高二(上)期中物理试卷一、单项选择题(共12题,每题4分,共48分.)1.关于摩擦起电和感应起电,以下说法正确的是()A.摩擦起电是因为电荷的转移,感应起电是因为产生电荷B.摩擦起电是因为产生电荷,感应起电是因为电荷的转移C.不论摩擦起电还是感应起电都是电荷的转移D.以上说法均不正确2.下列说法中正确的是()A.由公式E=可知,电场中某点的场强与放在该点的检验电荷所受的电场力的大小成正比,与检验电荷的电量成反比B.由公式U AB =可知,电场中A、B两点间电势差U AB与在这两点之间移动电荷时电场力所做的功W AB成正比,与电荷的电量q成反比C.在库仑定律的表达式F=k中,k=是点电荷Q1产生的电场在点电荷Q2处的场强大小;而k是点电荷Q2产生的电场在点电荷Q1处的场强大小D.公式E=中的d为匀强电场中电势差为U的两点间的距离3.一个不带电的金属导体在电场中处于静电平衡状态.下列说法正确的是()A.导体内部场强可以不为0B.导体上各点的电势相等C.导体外表面的电荷一定均匀分布D.在导体外表面,越尖锐的位置单位面积上分布的电荷量越少4.一正点电荷从电场中A点由静止释放,只受电场力作用,沿电场线运动到B 点,它运动的v﹣t图象如图所示,则A、B两点所在区域的电场线分布情况可能是图中的()A .B .C .D .5.如图所示,实线是一簇未标明方向的由点电荷产生的电场线,虚线是某一带电粒子通过该电场区域的运动轨迹,a、b是轨迹上的两点.若带电粒子在运动中只受电场力作用,根据此图得出的结论正确的是()A.带电粒子带负电B.带电粒子在a点的受力方向沿电场线指向左下方C.带电粒子在b点的速度大D.带电粒子在a点的电势能大6.如图所示,平行金属板A、B水平正对放置,分别带等量异号电荷.一带点微粒水平射入板间,在重力和电场力共同作用下运动,轨迹如图中虚线所示,那么()A.若微粒带正电荷,则电场力一定小于重力B.微粒从M点运动到N点电势能一定增加C.微粒从M点运动到N点动能不一定增加D.微粒从M点运动到N点机械能可能增加也有可能减少7.如图所示,有一带电粒子贴A板沿水平方向射入匀强电场,当偏转电压为U1时,带电粒子沿轨迹①从两板正中间飞出;当偏转电压为U2时,带电粒子沿轨迹②落到B板中间;设两次射入电场的水平速度相同,则电压U1、U2之比为()A.1:8 B.1:4 C.1:2 D.1:18.一个电流表,刻度盘的每1小格代表1μA,内阻为Rg.如果把它改装成量程较大的电流表,刻度盘的每一小格代表nμA,则()A.给它串联一个电阻,阻值为nRgB.给它串联一个电阻,阻值为(n﹣1)RgC .给它并联一个电阻,阻值为D .给它并联一个电阻,阻值为9.如图所示,电路两端的电压U保持不变,电阻R1,R2,R3消耗的电功率一样大,电阻之比R1:R2:R3是()A.1:1:1 B.4:1:1 C.1:4:4 D.1:2:210.在如图所示电路中,AB为粗细均匀、长为L的电阻丝,以A、B上各点相对A点的电压为纵坐标,各点离A点的距离x为横坐标,则U随x变化的图线应为()A .B .C .D .11.在如图所示电路中,当变阻器R3的滑动头P向b端移动时()A.电压表示数变大,电流表示数变小B.电压表示数变小,电流表示数变大C.电压表示数变大,电流表示数变大D.电压表示数变小,电流表示数变小12.如图所示,A、B图线分别为电源E与某一定值电阻R的伏安特性曲线,如果将电阻R与电源E直接连接在一起,电源的电动势用E表示,内阻用r表示.则下列正确的是()A.E=3V,r=1ΩB.电源的内阻消耗的功率P=4WC.外电路消耗的功率为P=4W D.该电源的效率η=80%二、填空与实验题(共4小题,每空3分,共27分)13.电量为2×10﹣6C的正点电荷放入电场中A点,受到作用力为4×10﹣4N,方向向右,则A点的场强为N/C,方向.若把另一电荷放在该点受到力为2×10﹣4N,方向向左,则这个电荷的电量为C.14.在场强为E,方向竖直向下的匀强电场中,有两个质量均为m的带电小球,电量分别为+2q和﹣q,两小球用长为L的绝缘细线相连,另用绝缘细线系住带正电的小球悬于O点而处于平衡状态.如图所示,重力加速度为g,细线对悬点O的作用力等于.15.用游标为20分度的卡尺测量某金属丝的长度,由图1可知其长度为mm;(2)用螺旋测微器测量其直径如图2,由图可知其直径为mm.16.某中学实验探究小组利用如图甲所示的电路描绘一小灯泡的伏安特性曲线,待测小灯泡的额定电压约为6V,额定功率约为1.5W.其中实验室还提供了如下的实验器材:A、直流电源6V(内阻不计)B、直流电流表0﹣3A(内阻0.1Ω)C、直流电流表0﹣300mA(内阻约为5Ω)D、直流电压表0﹣15V(内阻约为15KΩ)E、滑动变阻器10Ω,2AF、滑动变阻器1KΩ,0.5AG、导线若干,开关(1)该小组的同学经过分析,所选的电流表应为,滑动变阻器应为.(填写器材的代号)(2)用笔画线代替导线完成实物图的连接.三、计算题(共3小题,第17题8分,第18题9分,第19题8分,共25分)17.如图所示,A为带正电Q的金属板,小球的质量为m、电荷量为q,用绝缘丝线悬挂于O点.小球由于受水平向右的电场力而静止在沿金属板的垂直平分线上距板为r的位置,悬线与竖直方向的夹角为θ.试求小球所在处的场强.18.如图所示,在匀强电场中,有A、B两点,它们间距为2cm,两点的连线与场强方向成60°角.将一个电量为﹣2×10﹣5C的电荷由A移到B,其电势能增加了0.1J.则:(1)在此过程中,电场力对该电荷做了多少功?(2)A、B两点的电势差U AB为多少?(3)匀强电场的场强为多大?19.将一电阻箱与一内阻不可忽略的电源通过开关连接在一起,理想电压表用来测量路端电压,电路如图所示.当电阻箱的阻值调为R1=2Ω时,电压表的示数为U1=4V;当电阻箱的阻值调为R2=5Ω时,电压表的示数为U2=5V.则:(1)该电源的电动势以及内阻分别是多少?(2)当电阻箱消耗的功率最大时,其阻值为多少?最大的输出功率为多少?示范高中五校联考高二(上)期中物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题(共12题,每题4分,共48分.)1.关于摩擦起电和感应起电,以下说法正确的是()A.摩擦起电是因为电荷的转移,感应起电是因为产生电荷B.摩擦起电是因为产生电荷,感应起电是因为电荷的转移C.不论摩擦起电还是感应起电都是电荷的转移D.以上说法均不正确【考点】元电荷、点电荷.【分析】摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体,并没有创造电荷.感应起电的实质是电荷可以从物体的一部分转移到另一个部分.【解答】解:摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体,即说明了电荷可以从一个物体转移到另一个物体,并没有产生电荷.感应起电过程电荷在电场力作用下,电荷从物体的一部分转移到另一个部分,所以ABD错误,C正确.故选C【点评】摩擦起电和感应起电的实质都电子发生了转移,只是感应起电是电子从物体的一部分转移到另一个部分.摩擦起电是电子从一个物体转移到另一个物体.2.下列说法中正确的是()A.由公式E=可知,电场中某点的场强与放在该点的检验电荷所受的电场力的大小成正比,与检验电荷的电量成反比B.由公式U AB =可知,电场中A、B两点间电势差U AB与在这两点之间移动电荷时电场力所做的功W AB成正比,与电荷的电量q成反比C.在库仑定律的表达式F=k中,k=是点电荷Q1产生的电场在点电荷Q2处的场强大小;而k是点电荷Q2产生的电场在点电荷Q1处的场强大小D.公式E=中的d为匀强电场中电势差为U的两点间的距离【考点】电场强度;库仑定律.【专题】电场力与电势的性质专题.【分析】公式E=是电场强度的定义式,公式U AB =是电势差的定义式,公式E=k点电荷的电场强度的计算式,它们的内涵与外延不同.公式E=中的d为两点沿电场线方向的距离.【解答】解:A、E=是电场强度的定义式,运用比值法定义,E与F、q无关,故A错误.B、公式U AB =是电势差的定义式,U AB由电场本身决定,与试探电荷无关,故B 错误.C、在库仑定律的表达式F=k中,将Q1看成场源电荷,Q2看成试探电荷,则k=是点电荷Q1产生的电场在点电荷Q2处的场强大小;而k是点电荷Q2产生的电场在点电荷Q1处的场强大小.故C正确.D、公式E=中的d为匀强电场中电势差为U的两点间沿电场线方向的距离.故D错误.故选:C.【点评】关于电场强度的三个公式理解时抓住两点:一是公式中各量的含义;二是公式适用的条件.知道定义式适用于一切电场.3.一个不带电的金属导体在电场中处于静电平衡状态.下列说法正确的是()A.导体内部场强可以不为0B.导体上各点的电势相等C.导体外表面的电荷一定均匀分布D.在导体外表面,越尖锐的位置单位面积上分布的电荷量越少【考点】静电现象的解释.【分析】金属导体在点电荷附近,出现静电感应现象,导致电荷重新分布.因此在金属导体内部出现感应电荷的电场,正好与点电荷的电场叠加,只有叠加后电场为零时,电荷才不会移动.当点电荷移走后,电荷恢复原状.【解答】解:A、金属导体在点电荷附近,出现静电感应现象,导致电荷重新分布.因此在金属导体内部出现感应电荷的电场,正好与点电荷的电场叠加,内部电场强度处处为零,故A错误.B、处于静电平衡的导体,是等势体,故B正确.C、电荷分布在导体外表面,根据电场强度的强弱可知,电荷不是均匀分布,故C错误.D、根据尖端发电可知,在导体外表面,越尖锐的位置单位面积上分布的电荷量越多,故D错误.故选:B.【点评】处于静电感应现象的导体,内部电场强度处处为零,电荷全部分布在表面.且导体是等势体.4.一正点电荷从电场中A点由静止释放,只受电场力作用,沿电场线运动到B 点,它运动的v﹣t图象如图所示,则A、B两点所在区域的电场线分布情况可能是图中的()A .B .C .D .【考点】电场线.【专题】电场力与电势的性质专题.【分析】v﹣t图象中的斜率表示物体的加速度,所以根据电荷运动过程中v﹣t 图象可知电荷的加速度越来越大,则电场力越来越大,电场强度越来越大,根据电场线与电场强度的关系可得出正确结果.【解答】解:由v﹣t图象可知,粒子做加速度逐渐增大的加速运动,因此该电荷所受电场力越来越大,电场强度越来越大,电场线密的地方电场强度大,且正电荷受力与电场方向相同,故ABC错误,D正确.故选:D.【点评】本题结合v﹣t图象,考查了电场强度与电场线以及电荷受电场力与电场方向之间的关系,考点结合巧妙、新颖,有创新性.5.如图所示,实线是一簇未标明方向的由点电荷产生的电场线,虚线是某一带电粒子通过该电场区域的运动轨迹,a、b是轨迹上的两点.若带电粒子在运动中只受电场力作用,根据此图得出的结论正确的是()A.带电粒子带负电B.带电粒子在a点的受力方向沿电场线指向左下方C.带电粒子在b点的速度大D.带电粒子在a点的电势能大【考点】电势差与电场强度的关系;电场强度.【专题】比较思想;图析法;电场力与电势的性质专题.【分析】由图知粒子的运动轨迹向左弯曲,说明粒子受到的电场力大体向左,电场线方向不明,无法判断粒子的电性.根据电场力做功情况,判断动能和电势能的变化.当电场力做正功时,电荷的电势能减小,动能增大;当电场力做负功时,电荷的电势能增大,动能减小.由此分析即可.【解答】解:AB、粒子的运动轨迹向左弯曲,说明粒子在a、b两点受到的电场力沿电场线向左,如图.由于电场线方向不明,无法确定粒子的电性.故A错误,B正确.CD、由轨迹弯曲方向与粒子速度方向的关系分析可知,电场力对粒子做负功,粒子的动能减小,电势能增大,则粒子在a点的速度大,在a点的电势能小,故C、D错误.故选:B【点评】本题是电场中粒子的轨迹问题,首先要能根据轨迹的弯曲方向判断粒子受力方向,其次判断粒子动能和电势能的变化要根据电场力做功情况.6.如图所示,平行金属板A、B水平正对放置,分别带等量异号电荷.一带点微粒水平射入板间,在重力和电场力共同作用下运动,轨迹如图中虚线所示,那么()A.若微粒带正电荷,则电场力一定小于重力B.微粒从M点运动到N点电势能一定增加C.微粒从M点运动到N点动能不一定增加D.微粒从M点运动到N点机械能可能增加也有可能减少【考点】带电粒子在匀强电场中的运动;电势能.【专题】带电粒子在电场中的运动专题.【分析】微粒在平行金属板间受到重力与电场力的作用,根据微粒运动轨迹与微粒受到的重力与电场力间的关系分析答题.【解答】解:微粒在极板间受到竖直向下的重力作用与电场力作用,由图示微粒运动轨迹可知,微粒向下运动,说明微粒受到的合力竖直向下,重力与电场力的合力竖直向下;A、如果微粒带正电,A板带正电,微粒受到的合力向下,微粒运动轨迹向下,不能判断电场力与重力的大小;若A板带负电,电场力小于重力,故A错误;B、如果微粒受到的电场力向下,微粒从M点运动到N点过程中电场力做正功,微粒电势能减小,如果微粒受到的电场力向上,则电势能增加,故B错误;C、微粒受到的合力向下,微粒从M点运动到N点过程中合外力做正功,微粒的动能一定增加,故C错误;D、微粒从M点运动到N点过程动能增加,重力势能减小,机械能不一定增加,故D正确.故选:D.【点评】根据微粒的运动轨迹判断出微粒受到的合外力,然后根据微粒的受力情况分析答题;电场力做正功,电势能增加,电场力做负功,电势能减小.7.如图所示,有一带电粒子贴A板沿水平方向射入匀强电场,当偏转电压为U1时,带电粒子沿轨迹①从两板正中间飞出;当偏转电压为U2时,带电粒子沿轨迹②落到B板中间;设两次射入电场的水平速度相同,则电压U1、U2之比为()A.1:8 B.1:4 C.1:2 D.1:1【考点】带电粒子在匀强电场中的运动.【专题】带电粒子在电场中的运动专题.【分析】带电粒子沿水平方向进入电场,做类平抛运动,水平方向做匀速直线运动,竖直方向做匀加速直线运动.由题可知第一种情况:水平位移等于板长,竖直位移等于板间距离的一半;第二种情况:水平位移等于板长的一半,竖直位移等于板间距离,根据牛顿第二定律和运动学公式结合求解.【解答】解:设平行板电容器板为L,板间距离为d,粒子的初速度为v.则对于第一种情况:y1=d==•,则得 U1=同理对于第二种情况:得到U2=8所以U1:U2=1:8故选:A【点评】本题是类平抛运动的问题,采用运动的分解法处理.本题采用比例法研究时,要用相同的量表示出电压,再求解比值.8.一个电流表,刻度盘的每1小格代表1μA,内阻为Rg.如果把它改装成量程较大的电流表,刻度盘的每一小格代表nμA,则()A.给它串联一个电阻,阻值为nRgB.给它串联一个电阻,阻值为(n﹣1)RgC .给它并联一个电阻,阻值为D .给它并联一个电阻,阻值为【考点】把电流表改装成电压表.【专题】实验题.【分析】如果把它改装成量程较大的电流表要并联小电阻分流,改装后刻度盘的每一小格代表nμA,即想要量程扩大n倍.【解答】解:设电流表刻度盘总共有N个小格,则满偏电流为NμA,改装后量程为nNμA,改装成量程较大的电流表要并联小电阻分流,则并联电阻中的电流为:I R=(nN ﹣N)μA,满偏电压:U g=N•R gμV根据欧姆定律:R===即需要并联一个阻值的电阻.故选:D.【点评】电流表的原理是并联电阻起到分流作用.改装后的量程为原电流表的电流与并联电阻的电流之和.也等于满偏电压除以并联后的总电阻.9.如图所示,电路两端的电压U保持不变,电阻R1,R2,R3消耗的电功率一样大,电阻之比R1:R2:R3是()A.1:1:1 B.4:1:1 C.1:4:4 D.1:2:2【考点】电功、电功率;串联电路和并联电路.【专题】恒定电流专题.【分析】串联部分电流相等,并联部分电压相等,根据P=I2R和P=进行分析.【解答】解:R2、R3电压相等,根据P=得,功率相等,则R2=R3.通过电阻R1的电流是R2电流的2倍,根据P=I2R 得,功率相等,则.所以电阻之比R1:R2:R3=1:4:4.故C正确,A、B、D错误.故选C.【点评】解决本题的关键知道串并联电路的特点,以及掌握功率的公式P=UI、P=I2R和P=.10.在如图所示电路中,AB为粗细均匀、长为L的电阻丝,以A、B上各点相对A点的电压为纵坐标,各点离A点的距离x为横坐标,则U随x变化的图线应为()A .B .C .D .【考点】路端电压与负载的关系.【专题】恒定电流专题.【分析】导体的电阻与长度成正比,导体越长,电阻越大,串联电路中的电压U与电阻成正比,电阻越大,电压越大.【解答】解:根据电阻定律可知:各点离A点的距离x越大,导体的电阻越大,电阻R与x成正比;由于AB上各部分电阻串联,电流相等,则AB上的各点相对A点的电压U就越大,由U=IR,知U与R成正比,则U与x成正比,则图象A是正确的.故A正确.故选:A.【点评】解决此类问题关键要掌握电阻定律和串联电路电压与电阻成正比的规律.并能结合图象的意义进行选择.11.在如图所示电路中,当变阻器R3的滑动头P向b端移动时()A.电压表示数变大,电流表示数变小B.电压表示数变小,电流表示数变大C.电压表示数变大,电流表示数变大D.电压表示数变小,电流表示数变小【考点】闭合电路的欧姆定律.【专题】压轴题.【分析】由图可知R2与R3并联后与R1串联,电压表测量路端电压;由滑片的移动可得出滑动变阻器接入电阻的变化,则由闭合电路的欧姆定律可得出总电流的变化,由U=E﹣Ir可得出路端电压的变化;将R1作为内阻处理,则可得出并联部分电压的变化,求得R2中电流的变化,由并联电路的电流规律可得出电流表示数的变化.【解答】解:当滑片向b端滑动时,滑动变阻器接入电阻减小,则电路中总电阻减小,则由闭合电路欧姆定律可得,电路中总电流增大,故内压增大;因此路端电压减小,故电压表示数减小;将R1等效为内阻,则可知并联部分电压一定减小,故流过R2的电流减小,因总电流增大,故电流表示数增大;故B正确,ACD错误;故选B.【点评】闭合电路的欧姆定律一般按先分析外电路,再分析内电路,最后再分析外电路的思路进行;若电阻与电源串联,可以等效为内阻处理.12.如图所示,A、B图线分别为电源E与某一定值电阻R的伏安特性曲线,如果将电阻R与电源E直接连接在一起,电源的电动势用E表示,内阻用r表示.则下列正确的是()A.E=3V,r=1ΩB.电源的内阻消耗的功率P=4WC.外电路消耗的功率为P=4W D.该电源的效率η=80%【考点】路端电压与负载的关系;电功、电功率.【专题】定量思想;方程法;恒定电流专题.【分析】根据图线Ⅰ纵轴截距读出电源的电动势,斜率大小读出电源的内阻.图线Ⅱ的斜率大小等于电阻R的大小.两图线的交点表示电阻R接在该电源的电压和电流,求出电源的输出功率和电源的效率.【解答】解:A、由图线图线Ⅰ纵轴截距读出电源的电动势,为 E=3V,其斜率大小等于电源的内阻,则内阻为 r==Ω=0.5Ω.故A错误.B、因内阻为0.5Ω,根据功率表达式P=I2r=22×0.5=2W.故B错误.C、两图线的交点表示该电源直接与电阻R相连组成闭合电路时电路中电流和路端电压,则有U=2V,I=2A,电源的输出功率为P=UI=2×2W=4W.故C正确.D、电源的效率为η==≈66.7%.故D错误.故选:C.【点评】本题抓住伏安特性曲线的斜率、截距和交点的数学意义来理解其物理意义,常见的题型.二、填空与实验题(共4小题,每空3分,共27分)13.电量为2×10﹣6C的正点电荷放入电场中A点,受到作用力为4×10﹣4N,方向向右,则A点的场强为200 N/C,方向向右.若把另一电荷放在该点受到力为2×10﹣4N,方向向左,则这个电荷的电量为﹣1×10﹣6C.【考点】电场强度.【专题】电场力与电势的性质专题.【分析】电场强度等于试探电荷所受电场力与其电荷量的比值,方向与正电荷所受电场力方向相同,与负电荷所受电场力方向相反.同一点电场强度不变,由电场力F=qE求解电荷量.【解答】解:A点的场强为:E=N/C=200N/C,方向:向右.把另一电荷放在该点时,场强不变.由F′=q′E得:q′==1×10﹣6C因电场力方向与场强方向相反,则该电荷带负电荷.故答案是:200,向右,﹣1×10﹣6.【点评】本题对电场强度和电场力的理解能力.电场强度是反映电场本身的性质的物理量,与试探电荷无关.而电场力既与电场有关,也与电荷有关.14.在场强为E,方向竖直向下的匀强电场中,有两个质量均为m的带电小球,电量分别为+2q和﹣q,两小球用长为L的绝缘细线相连,另用绝缘细线系住带正电的小球悬于O点而处于平衡状态.如图所示,重力加速度为g,细线对悬点O的作用力等于2mg+qE .【考点】共点力平衡的条件及其应用;力的合成与分解的运用;电场强度.【专题】共点力作用下物体平衡专题.【分析】以两个小球组成的整体为研究对象,分析受力,根据平衡条件可求得细线的拉力.【解答】解:以两个小球组成的整体为研究对象,分析受力如图:重力2mg、电场力(2qE﹣qE)=qE,方向竖直向下,细线的拉力T,由平衡条件得:T=2mg+qE故答案为:2mg+qE【点评】本题运用整体法,由于不分析两球之间的相互作用力,比较简便.15.用游标为20分度的卡尺测量某金属丝的长度,由图1可知其长度为50.15 mm;(2)用螺旋测微器测量其直径如图2,由图可知其直径为 4.700 mm.【考点】刻度尺、游标卡尺的使用;螺旋测微器的使用.【专题】实验题.【分析】游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数,不需估读.螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数,在读可动刻度读数时需估读.【解答】解:游标卡尺的固定刻度读数为50mm,游标读数为0.05×3mm=0.15mm,所以最终读数为50.15mm.螺旋测微器的固定刻度读数为4.5mm,可动刻度读数为0.01×20.0mm=0.200mm,所以最终读数为4.700mm.故答案为:(1)50.15;(2)4.700【点评】解决本题的关键掌握游标卡尺和螺旋测微器的读数方法,游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数,不需估读.螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数,在读可动刻度读数时需估读.16.某中学实验探究小组利用如图甲所示的电路描绘一小灯泡的伏安特性曲线,待测小灯泡的额定电压约为6V,额定功率约为1.5W.其中实验室还提供了如下的实验器材:A、直流电源6V(内阻不计)B、直流电流表0﹣3A(内阻0.1Ω)C、直流电流表0﹣300mA(内阻约为5Ω)D、直流电压表0﹣15V(内阻约为15KΩ)E、滑动变阻器10Ω,2AF、滑动变阻器1KΩ,0.5AG、导线若干,开关(1)该小组的同学经过分析,所选的电流表应为 C ,滑动变阻器应为E .(填写器材的代号)(2)用笔画线代替导线完成实物图的连接.【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线.【专题】实验题;定性思想;实验分析法;恒定电流专题.【分析】(1)根据灯泡的额定功率由功率公式可求得额定电流,从而选择电流表,再根据滑动变阻器的接法选择滑动变阻器;(2)根据给出的电路图,按照实物图的要求即可得出对应的实物图.【解答】解:(1)灯泡的额定电流I===0.25A,故电流表应选择C;本实验中要让电压从零开始调节,故应采用滑动变阻器的分压接法,因此为了便于调节,滑动变阻器应选择总电阻较小的E;(2)根据原理图可正确连接实物图,注意电流中电流的流向以及量程的选择;如图所示;故答案为:(1)C,E,(2)如图所示;【点评】本题考查了实验器材的选择和实物图的连接,注意本实验中分压接法的应用,同时要熟练掌握实物图的连接要求及方法三、计算题(共3小题,第17题8分,第18题9分,第19题8分,共25分)17.如图所示,A为带正电Q的金属板,小球的质量为m、电荷量为q,用绝缘丝线悬挂于O点.小球由于受水平向右的电场力而静止在沿金属板的垂直平分线上距板为r的位置,悬线与竖直方向的夹角为θ.试求小球所在处的场强.【考点】电势差与电场强度的关系.。

高二物理上学期期中试卷高二全册物理试题3 (2)

高二物理上学期期中试卷高二全册物理试题3 (2)

嘴哆市安排阳光实验学校云南省怒江州福贡一中高二(上)期中物理试卷一、选择题(本题共12个小题,每小题3分,共36分)1.关于感应电流,下列说法中正确的是()A.只要穿过线圈的磁通量发生变化,线圈中就一定有感应电流B.只要闭合导线做切割磁感线运动,导线中就一定有感应电流C.若闭合电路的一部分导体不做切割磁感线运动,闭合电路中一定没有感应电流D.当穿过闭合电路的磁通量发生变化时,闭合电路中一定有感应电流2.如图所示,挂在弹簧下端的条形磁铁在闭合线圈内振动,如果空气阻力不计,则()A.磁铁的振幅不变B.磁铁做阻尼振动C.线圈中有逐渐变弱的直流电D.线圈中有逐渐变弱的交流电3.如图分别表示匀强磁场的磁感应强度B、闭合电路中一部分直导线的运动速度v和电路中产生的感应电流I的相互关系,其中正确是()A.B.C.D.4.如图一个由导体做成的矩形线圈,以恒定速率V运动,从无场区进入匀强磁场区.然后出来,若取逆时针方向为电流的正方向,那么下图中的哪一个图象正确地表示回路中电流对时间的函数关系?()A.B.C.D.5.电感和电容对交流电的阻碍作用的大小不但跟电感、电容本身有关,还跟交流电的频率有关,下列说法中正确的是()A.电感是通直流、阻交流,通高频、阻低频B.电容是通直流、阻交流,通高频、阻低频C.电感是通直流、阻交流,通低频、阻高频D.电容是通交流、隔直流,通低频、阻高频6.一闭合金属线框的两边接有电阻R1、R2,框上垂直搁置一根金属棒,棒与框接触良好,整个装置放在匀强磁场中(如图所示),当用外力使ab棒右移时,作出的下列判断中正确的是()A.其穿线框的磁通量不变,框内没有感应电流B.框内有感应电流,电流方向沿顺时针方向绕行C.框内有感应电流,电流方向沿逆时针方向绕行D.框内有感应电流,左半边逆时针方向绕行,右半边顺时针方向绕行7.甲、乙两电路中电流与时间关系如图,属于交变电流的是()A.甲乙都是 B.甲是乙不是C.乙是甲不是D.甲乙都不是8.矩形线圈在匀强磁场中匀速转动产生的电动势e﹣t图象如图,则在时刻()A. t1,t3线圈通过中性面B. t2,t4线圈中磁通量最大C. t1,t3线圈中磁通量变化率最大D. t2,t4线圈平面与中性面垂直9.如图所示,理想变压器原、副线圈的匝数比n1:n2=4:1,原线圈两端连接光滑导轨,副线圈与电阻R相连组成闭合回路.当直导线AB在均强磁场中沿导轨均速的向右做切割磁感线运动时,电流表A1的读数为12mA,那么电流表A2的读数为()A. 0 B. 3mA C. 48mA D.与R大小有关10.某小型水电站的电能输送示意图如下.发电机的输出电压为200V,输电线总电阻为r,升压变压器原副线圈匝数分别为n1,n2.降压变压器原副线匝数分别为n3、n4(变压器均为理想变压器).要使额定电压为220V的用电器正常工作,则()A.B.C.升压变压器的输出电压等于降压变压器的输入电压D.升压变压器的输出功率大于降压变压器的输入功率11.电子秤使用的是()A.超声波传感器B.温度传感器C.压力传感器D.红外线传感器12.如图所示,R1、R2为定值电阻,L为小灯泡,R3为光敏电阻,当照射光强度增大时()A.电压表的示数增大B. R2中电流减小C.小灯泡的功率增大D.电路的路端电压增大二、填空题(每空2分,共26分)13.英国物理学家通过实验首先发现了电磁感应现象.14.在图中,当导线ab向右运动时,cd所受磁场力的方向是;ab棒上端相当于电源的正极.15.某交变电压随时间的变化规律如图所示,则此交变电流的频率为Hz.线圈转动的角速度是rad/s.若将此电压加在10μF的电容器上,则电容器的耐压值不应小于V.16.线圈的自感系数通常称为自感或电感,它主要与、、以及有关.17.①将条形磁铁按图所示方向插入闭合线圈.在磁铁插入的过程中,灵敏电流表示数.②磁铁在线圈中保持静止不动,灵敏电流表示数.③将磁铁从线圈上端拔出的过程中,灵敏电流表示数.(以上各空均填“为零”或“不为零”)三、计算题(本题共3小题.共38分)18.如图所示,水平U形光滑框架,宽度为1m,电阻忽略不计,导体ab质量是0.2kg,电阻是0.1Ω,匀强磁场的磁感应强度B=0.1T,方向垂直框架向上,现用1N的外力F由静止拉动ab杆,当ab的速度达到1m/s时,求此时刻(1)ab 杆产生的感应电动势的大小;(2)ab杆的加速度的大小?(3)ab杆所能达到的最大速度是多少?19.矩形线圈abcd在匀强磁场中绕OO′轴匀速转动,当t=0时,线圈恰好经过如图中所示的位置,已知线圈为n匝,面积是S,电阻为R,磁感强度为B,转动角速度为ω.(1)写出感应电动势瞬时值的表达式.(2)由图示位置转过60°角时电动势的瞬时值为多大?(3)由图示位置转过90°的过程中,感应电动势的平均值为多大?20.图中,降压变压器的变压系数是3,即初级线圈匝数与次级线圈的匝数之比是3:1.初级线圈的输入电压是660V,次级线圈的电阻为0.2Ω,这台变压器供给100盏220V,60W的电灯用电.求:(l)空载时次级线圈的端电压和输出功率;(2)接通时次级线圈的端电压;(3)每盏灯的实际功率.云南省怒江州福贡一中高二(上)期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题(本题共12个小题,每小题3分,共36分)1.关于感应电流,下列说法中正确的是()A.只要穿过线圈的磁通量发生变化,线圈中就一定有感应电流B.只要闭合导线做切割磁感线运动,导线中就一定有感应电流C.若闭合电路的一部分导体不做切割磁感线运动,闭合电路中一定没有感应电流D.当穿过闭合电路的磁通量发生变化时,闭合电路中一定有感应电流考点:感应电流的产生条件.分析:闭合电路中产生感应电流的条件是穿过闭合回路的磁通量发生变化.既不是磁场发生变化,也不是面积发生变化.解答:解:闭合电路中产生感应电流的条件是穿过闭合回路的磁通量发生变化.A、只要穿过线圈的磁通量发生变化,线圈中就一定有感应电动势,当线圈闭合时,才一定有感应电流,故A错误;B、闭合电路中的部分导体运动但如果不切割磁感线不产生感应电流,因为只有闭合电路中的部分导体切割磁感线时才能产生感应电流,故B错误;C、若闭合电路的一部分导体不做切割磁感线运动,但闭合电路所处的位置,磁场发生变化,就会产生感应电流,故C错误;D、当穿过闭合电路的磁通量发生变化时,闭合电路中一定有感应电流.故D 正确.故选:D.点评:本题考查的是闭合电路产生感应电流的条件,要注意产生感应电流的条件是磁通量发生变化而不是磁场发生变化,也不是面积发生变化.2.如图所示,挂在弹簧下端的条形磁铁在闭合线圈内振动,如果空气阻力不计,则()A.磁铁的振幅不变B.磁铁做阻尼振动C.线圈中有逐渐变弱的直流电D.线圈中有逐渐变弱的交流电考点:楞次定律.分析:利用楞次定律判断线圈所受安培力的方向,从而判断线圈对水平面的压力变化情况,线圈会阻碍磁铁运动做负功,所以磁铁最终会停止.解答:解:A、B:根据楞次定律下面的线圈会阻碍磁铁运动做负功,所以磁铁最终会停止,故A错误,B正确;C、因为磁铁在运动所以穿过线圈的磁通量变化,根据楞次定律可知,线圈中产生方向变化的电流,故C错误,D正确;故选:BD.点评:本题巧妙的考查了楞次定律的应用,只要记住“增反减同”这一规律,此类题目难度不大.3.如图分别表示匀强磁场的磁感应强度B、闭合电路中一部分直导线的运动速度v和电路中产生的感应电流I的相互关系,其中正确是()A.B.C.D.考点:左手定则.分析:闭合电路中一部分直导线在磁场中切割磁感线产生感应电流,电流方向是由右手定则来确定,所以要让磁感线穿过掌心,大拇指所指的是运动方向,则四指指的是感应电流方向.解答:解:A、伸开右手时,让磁感线穿过掌心,大拇指所指方向即为运动方向,则感应电流方向垂直纸面向外,故A正确;B、伸开右手时,让磁感线穿过掌心,大拇指所指方向即为运动方向,则感应电流方向应沿导线向下,故B错误;C、伸开右手时,大拇指所指方向即为运动方向,则无感应电流,没有切割磁感线.故C错误;D、伸开右手时,让磁感线穿过掌心,大拇指所指方向即为运动方向,则感应电流方向垂直纸面向里,故D错误;故选:A点评:导线在磁场中切割磁感线,会产生感电流.由右手定则来确定方向,而通电导线放入磁场中,有受到安培力.则安培力的方向是由左手定则来确定即要让磁感线穿过掌心,四指指的是电流方向,则大拇指所指的是安培力方向.4.如图一个由导体做成的矩形线圈,以恒定速率V运动,从无场区进入匀强磁场区.然后出来,若取逆时针方向为电流的正方向,那么下图中的哪一个图象正确地表示回路中电流对时间的函数关系?()A.B.C.D.考点:导体切割磁感线时的感应电动势;电磁感应中的能量转化.专题:电磁感应——功能问题.分析:先根据楞次定律判断感应电流方向,再根据法拉第电磁感应定律和欧姆定律求出各段过程感应电流的大小,选择图象.解答:解:由楞次定律判断可知,线圈进入磁场时,感应电流方向为逆时针方向,为正值;线圈穿出磁场时,感应电流方向为顺时针方向,为负值;由I==,由于B、L、v、R不变,线圈进入和穿出磁场时,感应电流的大小不变;线圈完全在磁场中运动时,磁通量不变,没有感应电流产生.故C正确.故选:C.点评:本题运用楞次定律、法拉第电磁感应定律和欧姆定律分析感应电流的方向和大小,这是电磁感应问题中常用的方法和思路.5.电感和电容对交流电的阻碍作用的大小不但跟电感、电容本身有关,还跟交流电的频率有关,下列说法中正确的是()A.电感是通直流、阻交流,通高频、阻低频B.电容是通直流、阻交流,通高频、阻低频C.电感是通直流、阻交流,通低频、阻高频D.电容是通交流、隔直流,通低频、阻高频考点:感抗和容抗.专题:交流电专题.分析:根据电容器和电感线圈的特性分析选择.电容器内部是真空或电介质,隔断直流.能充电、放电,能通交流,具有隔直通交、通高阻低的特性.电感线圈可以通直流,通过交流电时产生自感电动势,阻碍电流的变化,具有通直阻交,通低阻高的特性.解答:解:A、C,电感的特性:通直流,阻交流.通低频,阻高频.故A 错误,C正确;B、D,电容器的特性:通交流,隔直流,通调频,阻低频.故BD错误.故选:C.点评:对于电容和电感的特性可以利用感抗和容抗公式记忆:X L=2πfL,X C =,L是电感,C是电容,f是频率.6.一闭合金属线框的两边接有电阻R1、R2,框上垂直搁置一根金属棒,棒与框接触良好,整个装置放在匀强磁场中(如图所示),当用外力使ab棒右移时,作出的下列判断中正确的是()A.其穿线框的磁通量不变,框内没有感应电流B.框内有感应电流,电流方向沿顺时针方向绕行C.框内有感应电流,电流方向沿逆时针方向绕行D.框内有感应电流,左半边逆时针方向绕行,右半边顺时针方向绕行考点:楞次定律;感应电流的产生条件.专题:电磁感应与电路结合.分析:本题考查感应电流的产生条件,注意应分为左右两部分进行分析判断.解答:解:虽然整个框架内磁通量不变,但由于ab棒的运动,使左右两边都产生磁通量的变化,故两边均为产生感应电流;由楞次定律可知,左侧电流为逆时针,右侧电流为顺时针,故D正确;故选D.点评:7.甲、乙两电路中电流与时间关系如图,属于交变电流的是()A.甲乙都是 B.甲是乙不是C.乙是甲不是D.甲乙都不是考点:交变电流.专题:交流电专题.分析:大小和方向都做周期性变化的电流为交变电流.解答:解:甲图中大小和方向都做周期性变化,所以是交流电,乙图中只有大小变化而方向没发生变化,是直流电.故选B.点评:本题主要考查交变电流的特点.8.矩形线圈在匀强磁场中匀速转动产生的电动势e﹣t图象如图,则在时刻()A. t1,t3线圈通过中性面B. t2,t4线圈中磁通量最大C. t1,t3线圈中磁通量变化率最大D. t2,t4线圈平面与中性面垂直考点:正弦式电流的图象和三角函数表达式.分析:矩形线圈在匀强磁场中匀速转动时产生正弦交变电流.磁通量为零,感应电动势最大;磁通量最大时,感应电动势为零,线圈恰好通过中性面.经过中性一次,电流方向改变一次.根据法拉第定律,感应电动势与磁通量变化率成正比.解答:解:A、t1,t3时刻感应电动势为零,磁通量变化率最为零,磁通量最大,线圈通过中性面,故A正确,C错误;B、t2时刻感应电动势最大,磁通量变化率最大,线圈中磁通量为零,线圈平面与中性面垂直.故B错误;D正确;故选:AD.点评:本题考查正弦交变电流产生过程中磁通量与感应电流、感应电动势及位置之间的关系,基本题.9.如图所示,理想变压器原、副线圈的匝数比n1:n2=4:1,原线圈两端连接光滑导轨,副线圈与电阻R相连组成闭合回路.当直导线AB在均强磁场中沿导轨均速的向右做切割磁感线运动时,电流表A1的读数为12mA,那么电流表A2的读数为()A. 0 B. 3mA C. 48mA D.与R大小有关考点:变压器的构造和原理;导体切割磁感线时的感应电动势.专题:电磁学;交流电专题.分析:变压器是根据磁通量的变化来工作的,当原线圈的磁通量恒定时,副线圈是没有感应电流的,根据变压器的工作的原理分析原线圈中的电流的变化情况即可的出结论.解答:解:由于直导线AB匀速运动,则AB切割磁场产生的电流时恒定的,线圈产生的磁通量也是恒定的,所以不会引起副线圈的磁通量的变化,所以副线圈不会有感应电流产生,即安培表A2的读数为0.故选:A点评:变压器只能在交流电路中工作,变压器是根据磁通量的变化来工作的,知道变压器的工作的原理就可以解决本题.10.某小型水电站的电能输送示意图如下.发电机的输出电压为200V,输电线总电阻为r,升压变压器原副线圈匝数分别为n1,n2.降压变压器原副线匝数分别为n3、n4(变压器均为理想变压器).要使额定电压为220V的用电器正常工作,则()A.B.C.升压变压器的输出电压等于降压变压器的输入电压D.升压变压器的输出功率大于降压变压器的输入功率考点:远距离输电;变压器的构造和原理.专题:证明题.分析:将发电站的电能远输时,由于电线上的电阻而导致电压和功率损失,从而使得降压变压器输入电压和输入功率减少.解答:解:根据变压器工作原理可知,,由于输电线上损失一部分电压,升压变压器的输出电压大于降压变压器的输入电压,有U2>U3,所以,故A正确,BC不正确.升压变压器的输出功率等于降压变压器的输入功率加上输电线损失功率,故D正确.故选AD点评:理想变压器的输入功率与输出功率相等,且没有漏磁现象.远距离输电,由于导线通电发热导致能量损失,所以通过提高输送电压,从而实现降低电损.11.电子秤使用的是()A.超声波传感器B.温度传感器C.压力传感器D.红外线传感器考点:常见传感器的工作原理.分析:电子称的工作原理是受到力的作用,并显示其大小,应用了压力传感器.解答:解;根据电子秤的工作原理,可知当电子秤受到压力的作用时,会显示相应的大小,故使用的是压力传感器,故C正确故选C 点评:考查了电子秤的工作原理,使用了压力传感器,了解不同传感器的原理.12.如图所示,R1、R2为定值电阻,L为小灯泡,R3为光敏电阻,当照射光强度增大时()A.电压表的示数增大B. R2中电流减小C.小灯泡的功率增大D.电路的路端电压增大考点:闭合电路的欧姆定律.专题:恒定电流专题.分析:由光敏电阻的性质可知电路中电阻的变化,则由闭合电路欧姆定律可得出电路中电流的变化,由欧姆定律可得出电压表示数的变化;同时还可得出路端电压的变化;由串联电路的规律可得出并联部分电压的变化,再由并联电路的规律可得出通过小灯泡的电流的变化,由功率公式即可得出灯泡功率的变化.解答:解:A、光敏电阻光照增强,故光敏电阻的阻值减小,电路中的总电阻减小;由闭合电路欧姆定律可得,电路中电流增大,故R1两端的电压增大,故A正确;B、因电路中电流增大,故内压增大,路端电压减小,同时R1两端的电压增大,故并联电路部分电压减小;则流过R2的电流减小,故B正确;C、由并联电路的电流规律可知,流过灯泡的电流一定增大,故由P=I2R可知,小灯泡消耗的功率增大,故C正确;D、电源两端的电压为路端电压,由B的分析可知,电源两端的电压变小,故D错误;故选:ABC.点评:闭合电路的动态分析问题一般按外电路、内电路再外电路的分析思路进行;分析内电路主要根据总电流及内阻分析内压,而外电路较为复杂,要注意灵活应用电路的性质.二、填空题(每空2分,共26分)13.英国物理学家法拉第通过实验首先发现了电磁感应现象.考点:物理学史.分析:法拉第在奥斯特发现电流周围存在磁场的启发下,1831年探究出电磁感应现象:磁生电.解答:解:首先通过实验发现了电磁感应现象是英国物理学家法拉第.故答案为:法拉第点评:电流周围的磁场是恒定的,而电磁感应现象中的必须要求通过线圈的磁通量是变化的,正由于这个大大阻碍了法拉第的研究进程.14.在图中,当导线ab向右运动时,cd所受磁场力的方向是向下;ab 棒上 b 端相当于电源的正极.考点:左手定则.分析:先根据右手定则判断产生的感应电流的方向,在根据左手定则判断导线受的安培力的方向.解答:解:磁场的方向是向下的,导线运动的方向是向右的,根据右手定则可得,产生的电流的方向是a到b,所以b端相当于电源的正极.由于电流的方向是a到b,所以cd中电流的方向是从c到d的,再根据左手定则可得,磁场力的方向是向下的.故答案为:向下,b.点评:本题考查的是左手定则和右手定则的区别,关键的是掌握住定律的内容.15.某交变电压随时间的变化规律如图所示,则此交变电流的频率为50 Hz.线圈转动的角速度是100 rad/s.若将此电压加在10μF的电容器上,则电容器的耐压值不应小于200 V.考点:正弦式电流的图象和三角函数表达式;电容.专题:交流电专题.分析:根据图象可知交流电的电压最大值以及周期,然后根据f=求解频率,电容器的耐压值应看最大值.解答:解:A、根据图象可知交流电周期为0.02s,故频率f==50Hz.线圈转动的角速度ω==100πrad/s.若将此电压加在10μF的电容器上,根据图象可知交流电电压最大值为200V,则电容器的耐压值不应小于200V.故答案为:50,100,200.点评:本题关键是明确电容器的耐压值看最大值,同时要明确电器铭牌上电压和电流是有效值.16.线圈的自感系数通常称为自感或电感,它主要与线圈匝数、线圈的长度、线圈的面积以及有无铁芯有关.考点:自感现象和自感系数.分析:自感系数由线圈自身决定,与其它因素无关.线圈越长、单位长度上匝数越多自感系数越大,有铁芯比没有铁芯大得多解答:解:自感系数的大小决定因素:线圈匝数;线圈的长度;线圈的面积,以及是否有铁芯等因素有关.故答案为:线圈匝数;线圈的长度;线圈的面积;有无铁芯点评:解答本题的关键是掌握影响线圈的自感系数因素,知道自感系数只与线圈本身的特性有关17.①将条形磁铁按图所示方向插入闭合线圈.在磁铁插入的过程中,灵敏电流表示数不为零.②磁铁在线圈中保持静止不动,灵敏电流表示数为零.③将磁铁从线圈上端拔出的过程中,灵敏电流表示数不为零.(以上各空均填“为零”或“不为零”)考点:楞次定律.专题:电磁感应与电路结合.分析:当穿过闭合电路的磁通量发生变化时,电路中产生感应电流;由楞次定律判断出感应电流的方向,根据电流流向与电流计指针偏转方向间的关系分析答题解答:解:由图示可知,穿过线圈的磁场方向竖直向上,当把磁铁S极插入线圈时,穿过线圈的磁通量增大,由楞次定律可知,感应电流的磁场方向与原磁场方向相反,电流表指针不为零;保持磁铁在线圈中静止,穿过线圈的磁通量不变,线圈中不产生感应电流,电流表指针为零.当把磁铁S极从线圈中拔出时,穿过线圈的磁通量减小,由楞次定律可知,感应电流的磁场方向与原磁场方向相同,电流表指针不为零;故答案为:①不为零;②为零;③不为零.点评:本题考查了楞次定律的应用,掌握楞次定律是正确解题的关键;本题难度不大,是一道基础题.三、计算题(本题共3小题.共38分)18.如图所示,水平U形光滑框架,宽度为1m,电阻忽略不计,导体ab质量是0.2kg,电阻是0.1Ω,匀强磁场的磁感应强度B=0.1T,方向垂直框架向上,现用1N的外力F由静止拉动ab杆,当ab的速度达到1m/s时,求此时刻(1)ab 杆产生的感应电动势的大小;(2)ab杆的加速度的大小?(3)ab杆所能达到的最大速度是多少?考点:导体切割磁感线时的感应电动势;力的合成与分解的运用;牛顿第二定律.专题:电磁感应中的力学问题.分析:(1)ab杆向右运动时垂直切割磁感线,由E=BLv求出感应电动势的大小;(2)根据欧姆定律和安培力公式F=BIL求出安培力的大小,由牛顿第二定律求解加速度的大小.(3)杆ab先做加速度减小的变加速运动,后做匀速运动,速度达到最大,由平衡条件求出最大速度.解答:解:(1)ab 杆产生的感应电动势的大小为E=BLv=0.1×1×1V=0.1V(2)感应电流大小为 I===1Aab杆所受的安培力大小为 F A=BIL=0.1×1×1N=0.1Na==4.5m/s2(3)∵F A =BIL=F﹣F A=ma∴F﹣=ma当 a=0 时,v达到最大∴v m ==m/s=10m/s答:(1)ab 杆产生的感应电动势的大小为0.1V;(2)ab杆的加速度的大小是4.5m/s2.(3)ab杆所能达到的最大速度是10m/s.点评:本题是电磁感应与电路、力学等知识的综合,安培力的分析和计算是关键.对于杆的最大速度也可以根据功率关系列出如下公式求解:Fv m =.19.矩形线圈abcd在匀强磁场中绕OO′轴匀速转动,当t=0时,线圈恰好经过如图中所示的位置,已知线圈为n匝,面积是S,电阻为R,磁感强度为B,转动角速度为ω.(1)写出感应电动势瞬时值的表达式.(2)由图示位置转过60°角时电动势的瞬时值为多大?(3)由图示位置转过90°的过程中,感应电动势的平均值为多大?考点:交流的峰值、有效值以及它们的关系.专题:交流电专题.分析:(1)图示位置是中性面,从中性面计时,感应电动势瞬时值的表达式为e=E m sinωt,其中E m=nBSω.(2)由表达式可明确转过60度时的瞬时值;(3)根据法拉第电磁感应定律,即可求解;解答:解:(1)线圈中产生的感应电动势最大值为 E m=nBSω由于从中性面开始计时,所以电动势瞬时值表达式为:e=E m sinωt=nBSωsinωt.(2)由图示位置转过60°角时电动势的瞬时值为e=nBSωsin60°=(3)由图示位置转过90°角的过程所用时间为 t==根据法拉第电磁感应定律,则有:=;答:(1)从t=0时开始计时,感应电动势瞬时值的表达式为e=nBSωsinωt.(2)由图示位置转过60°角时电动势的瞬时值为;(3)由图示位置转过90°的过程中,感应电动势的平均值为点评:对于正弦交变电流表达式e=E m sinωt,要注意计时起点必须是中性面;同时注意明确最大值、有效值、平均值及瞬时值等之间的关系.20.图中,降压变压器的变压系数是3,即初级线圈匝数与次级线圈的匝数之比是3:1.初级线圈的输入电压是660V,次级线圈的电阻为0.2Ω,这台变压器供给100盏220V,60W的电灯用电.求:(l)空载时次级线圈的端电压和输出功率;。

福建省物理高二上学期复习试卷与参考答案

福建省物理高二上学期复习试卷与参考答案

福建省物理高二上学期复习试卷与参考答案一、单项选择题(本大题有7小题,每小题4分,共28分)1、在下列关于光的传播特性的说法中,正确的是()A、光在同种介质中沿直线传播,但在不同介质中可以发生折射和反射B、光在真空中的传播速度小于在空气中的传播速度C、光的反射现象一定是发生在透明介质上D、光在空气中的传播速度大于在水中传播速度答案:D解析:光在同种介质中沿直线传播,在不同介质中可以发生折射和反射,所以A 错误;光在真空中的传播速度是最大的,约为3×10^8 m/s,所以B错误;光的反射现象可以发生在任何介质表面,不一定是透明介质,所以C错误;光在不同介质中的传播速度不同,一般而言,光在空气中的传播速度大于在水中传播速度,所以D正确。

2、关于牛顿运动定律,以下说法正确的是()A、牛顿第一定律揭示了力的本质B、牛顿第二定律给出了力和运动的关系C、牛顿第三定律揭示了力的作用是相互的D、牛顿运动定律适用于所有运动状态答案:BC解析:牛顿第一定律揭示了惯性原理,而不是力的本质,所以A错误;牛顿第二定律给出了力和运动的关系,即物体的加速度与作用力成正比,与质量成反比,所以B正确;牛顿第三定律揭示了力的作用是相互的,即作用力与反作用力大小相等、方向相反,所以C正确;牛顿运动定律适用于宏观、低速运动状态,对于微观粒子或高速运动状态,需要使用相对论力学,所以D错误。

3、关于磁感应强度,下列说法正确的是 ( )A. 根据公式 B = F/(IL) 可知,磁场中某点的磁感应强度 B 与 F 成正比,与 IL 成反比B. 磁感应强度 B 是矢量,方向与 F 的方向相同C. 磁感应强度 B 是矢量,方向与通过该点的磁感线的切线方向相同D. 磁感应强度 B 是描述磁场强弱和方向的物理量,由磁场本身决定答案:D解析:A. 磁感应强度B是由磁场本身决定的,与放入其中的电流元无关,故A错误;B. 磁感应强度B是矢量,根据左手定则可知B的方向与安培力F的方向垂直,故B错误;C. 磁感应强度B是矢量,方向与通过该点的磁感线的切线方向相同,故C正确;D. 磁感应强度B是用来描述磁场强弱和方向的物理量,由磁场本身决定,故D正确。

高二物理上学期期中试卷(含解析)高二全册物理试题_

高二物理上学期期中试卷(含解析)高二全册物理试题_

嘴哆市安排阳光实验学校淮北一中高二(上)期中物理试卷一、选择题:每小题4分,共48分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.下列物理量与检验电荷有关的是()A.电场强度E B.电势φC.电势差U D.电势能E P2.铅蓄电池的电动势为2V,下列说法不正确的是()A.电路中每通过1C电量,电源把2J的化学能转化为电能B.蓄电池断开时两极间的电压为2VC.蓄电池能在1S内将2J的化学能转化成电能D.蓄电池将化学能转变成电能的本能比一节干电池(电动势为1.5V)的大3.某电解池内若在2s内各有1.0×1019个二价正离子和2×1019个一价负离子通过某横截面,那么通过这个横截面的电流是()A.0 B.0.8A C.1.6A D.3.2A4.如图所示,实线表示某静电场的电场线,虚线表示该电场的等势面.下列判断正确的是()A.1、2两点的场强相等B.1、3两点的场强相等C.1、2两点的电势相等D.2、3两点的电势相等5.a、b为两个带等量正电荷的固定小球,O为ab连线的中点,c、d为中垂线上的两对称点,若在c点静止释放一个电子,电子只在电场力作用下运动;则下列叙述正确的有()A.电子从c→O的过程中,做加速度增大的加速运动B.电子从c→O的过程中,电子的电势能在减小C.电子从c→d的过程中,电子受到电场力先增大后减小,方向不变D.从c→d的过程中,电场的电势始终不变6.在如图所示设电路中,电源电动势为12V,电源内阻为10Ω,电路中的电阻R0为1.5Ω,小型直流电动机M的内阻为0.5Ω,闭合开关S后,电动机转动,理想电流表的示数为2.0A,则以下判断中正确的是()A.电动机的输出功率为14W B.电动机两端的电压为10VC.电动机的发热功率为4.0W D.电源总功率为24W7.如图电路所示,当ab两端接入100V电压时,cd两端为20V,当cd两端接入100V电压时,ab两端电压为50V,则R1:R2:R3之比是()A.4:2:1 B.2:1:1 C.3:2:1 D.以上都不对8.如图所示,由M、N两块相互靠近的平行金属板组成的平行板电容器,极板N与静电计的金属球相接,极板M与静电计的外壳均接地.给电容器充电,静电计指针张开一定角度.以下实验过程中电容器所带电荷量可认为不变,下面操作能使静电计指针张角变大的是()A.在M、N之间插入有机玻璃板B.将M板沿水平向右方向靠近N板C.将M板向上平移D.在M、N之间插入金属板,且不和M、N接触9.如图所示,水平放置的金属板正上方放有一固定的正点电荷Q,一表面绝缘的带正电小球(可视为质点且不影响Q的电场),从左端以初速度v0滑上金属板,沿光滑的上表面向右运动到右端,在该运动过程中()A.小球先做减速运动,后做加速运动B.小球做匀速直线运动C.小球的电势能逐渐增加D.静电力对小球先做负功后做正功10.某一电源的路端电压与电流的关系和电阻R1、R2的电压与电流的关系如图所示.用此电源和电阻R1、R2组成电路.R1、R2可以同时接入电路,也可以单独接入电路.为使电源输出功率最大,可采用的接法是()A.将R1、R2串联后接到电源两端B.将R1、R2并联后接到电源两端C.将R1单独接到电源两端D.将R2单独接到电源两端11.如图所示电路中,电源电动势为E、内阻为r,R0定值电阻,电容器的电容为C.闭合开关S,增大可变电阻R的阻值,电压表示数的变化量的绝对值为△U,电流表示数的变化量的绝对值为△I,则()A.变化过程中△U和△I的比值保持不变B.电压表示数U和电流表示数I的比值不变C.电阻R0端电压减小,减少量为△UD.电容器的带电荷量增加,增加量为C△U12.如图,一平行板电容器的两极板与一电压恒定的电源相连,极板水平放置,极板间距为d,在下极板上叠放一厚度为l的金属板,其上部空间有一带电粒子P静止在电容器中,当把金属板从电容器中快速抽出后,粒子P开始运动,重力加速度为g.粒子运动加速度为()A . g B . g C . g D . g二、实验题:每空2分,共14分.13.要测绘一个标有“3V 0.6W”小灯泡的伏安特性曲线,灯泡两端的电压需要由零逐渐增加到3V,并便于操作.已选用的器材有:电池组(电动势为4.5V,内阻约1Ω);电流表(量程为0~250mA.内阻约5Ω);电压表(量程为0~3V.内限约3kΩ);电键一个、导线若干.(1)实验中所用的滑动变阻器应选下列中的(填字母代号).A.滑动变阻器(最大阻值20Ω,额定电流1A)B.滑动变阻器(最大阻值1750Ω,额定电流0.3A)(2)实验的电路图应选用下列的图(填字母代号).(3)实验得到小灯泡的伏安特性曲线如图所示.如果这个小灯泡两端所加电压为1.5V,则小灯泡在该温度时的电阻是Ω.随着电压增大,温度升高,小灯泡的电阻.(填“增大”,“减小”或“不变”)14.在伏安法测电阻的实验中,待测电阻R x约为200Ω,电压表V的内阻约为2kΩ,电流表A的内阻约为10Ω,测量电路中电流表的连接方式如图(a)或图(b)所示,计算结果由R x=计算得出,式中U与I分别为电压表和电流表的读数;若将图(a)和图(b)中电路测得的电阻值分别记为R x1和R x2,则:(填“R x1”或“R x2”)更接近待测电阻的真实值,且测量值R x1(填“大于”、“等于”或“小于”)真实值,测量值R x2(填“大于”、“等于”或“小于”)真实值.三、计算题:共38分,解答必须写出明确的文字说明、方程式和重要的演算步骤,有数值计算的题,结果必须明确写出数值和单位.15.如图所示,相距为d的两平行金属板M、N与电池组相连后,其间形成匀强电场,一带正电粒子从M极板边缘垂直于电场方向射入,并打在N极板的正.不计重力,现欲把N极板远离M极板平移,使原样射入的粒子能够射出电场,就下列两种情况求出N极板至少移动的距离.(1)电键S闭合;(2)把闭合的电键S打开后.16.半径为R,均匀带正电荷的球体在空间产生球对称的电场;场强大小沿半径分布如图所示,图中E0已知,E﹣r曲线下O﹣R部分的面积等于R﹣2R部分的面积.(1)写出E﹣r曲线下面积的单位;(2)己知带电球在r≥R处的场强E=,式中k为静电力常量,该均匀带电球所带的电荷量Q为多大?(3)求球心与球表面间的电势差△U;(4)质量为m,电荷量为q的负电荷在球面处需具有多大的速度可以刚好运动到2R处?17.如图在竖直平面内有水平向右、电场强度为E=1×104N/C的匀强电场.在匀强电场中有一根长L=2m的绝缘细线,一端固定在O点,另一端系一质量为m=0.04kg的带电小球,它静止A点时悬线与竖直方向成θ=37°角.若小球恰好绕点在竖直平面内做圆周运动,(cos37°=0.8g=10m/s2)试求:(1)小球的带电荷量Q (2)小球动能的最小值(3)小球机械能的最小值(取小球静止时的位置为电势能零点和重力势能零点)18.在真空中存在空间范围足够大的、水平向右的匀强电场.若将一个质量为m、带正电电量q的小球在此电场中由静止释放,小球将沿与竖直方向夹角为53°的直线运动.现将该小球从电场中某点以初速度v0竖直向上抛出,求运动过程中(sin53°=0.8,)(1)此电场的电场强度大小;(2)小球运动的抛出点至最高点之间的电势差U;(3)小球的最小动能.淮北一中高二(上)期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题:每小题4分,共48分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.下列物理量与检验电荷有关的是()A.电场强度E B.电势φC.电势差U D.电势能E P【考点】电势能.【专题】电场力与电势的性质专题.【分析】本题考查了对电场中几个概念的理解情况,物理中有很多物理量是采用比值法定义的,要正确理解比值定义法的含义.【解答】解:A、电场强度E=比值定义法定义的,它们的大小均与电量无关,由电场本身决定的,与检验电荷无关.故A错误;B、电势φ=比值定义法定义的,它们的大小均与电量无关,由电场本身决定的,与检验电荷无关.故B错误;C、电势差U是由电场本身以及电场中的两点的位置决定的,与检验电荷无关.故C错误;D、电势能E P=qφ与电荷有关,故D正确.故选:D【点评】对于物理中各个物理量要明确其确切含义,以及其定义式和决定式的不同,这要在学习中不断的总结和积累.2.铅蓄电池的电动势为2V,下列说法不正确的是()A.电路中每通过1C电量,电源把2J的化学能转化为电能B.蓄电池断开时两极间的电压为2VC.蓄电池能在1S内将2J的化学能转化成电能D.蓄电池将化学能转变成电能的本能比一节干电池(电动势为1.5V)的大【考点】电源的电动势和内阻.【专题】恒定电流专题.【分析】电源是把其他形式的能转化为电能的装置,由电动势的定义式E=,可知,电源中每通过1C电量,电源把2J的化学能转变为电能;电动势表征电源把其他形式的转化为电能的本领大小,电动势大,这种转化本领大.【解答】解:A、C、由电动势的定义式E=,可知,电源中每通过1C电量,非静电力做功为2J,电源把2J的化学能转变为电能,不是1s内将2J的化学能转变成电能.故A正确,C错误.B、根据闭合电路欧姆定律得知:电动势的数值等于内外电压之和,当电源没有接入电路时,电路中没有电流,电源的内电压为零,外电压即电源两极间的电压等于电动势,故B正确.D、电动势表征电源把其他形式的转化为电能的本领大小,电动势大,这种转化本领大.则知蓄电池将化学能转变为电能的本领比一节干电池(电动势为1.5 V)的大.故D正确.本题选错误的故选:C【点评】本题考查对电动势的理解.抓住电动势的物理意义和定义式E=是关键.3.某电解池内若在2s内各有1.0×1019个二价正离子和2×1019个一价负离子通过某横截面,那么通过这个横截面的电流是()A.0 B.0.8A C.1.6A D.3.2A【考点】电流、电压概念.【专题】恒定电流专题.【分析】电解液中电流是由正负离子同时向相反方向定向移动形成的,2s内通过横截面的总电量是两种离子电量绝对值之和,根据电流的定义式求解电流.【解答】解:电流由正、负离子的定向移动形成,则在2s内通过横截面的总电荷量应为Q=1.6×10﹣19×2×1019C+1.6×10﹣19×1×2×1×1019 C=6.4C.由电流的定义式可知:I==A=3.2A.故选D.【点评】本题考查对电流定义式中电量的理解,电解液中通过横截面的总电量正负离子电量绝对值之和.4.如图所示,实线表示某静电场的电场线,虚线表示该电场的等势面.下列判断正确的是()A.1、2两点的场强相等B.1、3两点的场强相等C.1、2两点的电势相等D.2、3两点的电势相等【考点】电势;电场强度.【专题】电场力与电势的性质专题.【分析】根据电场线的分布特点:从正电荷或无穷远处出发到负电荷或无穷远处终止,分析该点电荷的电性;电场线越密,场强越大.顺着电场线,电势降低.利用这些知识进行判断.【解答】解:A、电场线的疏密表示电场的强弱,由图可得,1与2比较,1处的电场线密,所以1处的电场强度大.故A错误;B、电场线的疏密表示电场的强弱,由图可得,1与3比较,1处的电场线密,所以1处的电场强度大.故B错误;C,顺着电场线,电势降低,所以1点的电势高于2点处的电势.故C错误;D、由题目可得,2与3处于同一条等势线上,所以2与3两点的电势相等.故D正确.故选:D.【点评】加强基础知识的学习,掌握住电场线和等势面的特点,即可解决本题.5.a、b为两个带等量正电荷的固定小球,O为ab连线的中点,c、d为中垂线上的两对称点,若在c点静止释放一个电子,电子只在电场力作用下运动;则下列叙述正确的有()A.电子从c→O的过程中,做加速度增大的加速运动B.电子从c→O的过程中,电子的电势能在减小C.电子从c→d的过程中,电子受到电场力先增大后减小,方向不变D.从c→d的过程中,电场的电势始终不变【考点】电场的叠加;电场强度;电势能.【专题】运动学与力学(二).【分析】在等量的正电荷的电场中,所有的点的电势都是正的,根据矢量的合成法则可以知道,在它们的连线中垂线上的点的电场强度的方向都是沿着中垂线指向外的,由此可以判断电场的情况和带电小球的运动的情况.【解答】解:A、B:根据等量同号点电荷电场的特点,可知两个电荷连线上中点的电场强度为零,电场强度从C点到无穷远,先增大后减小,故加速度可能先增大后减小;故A错误;B、c到O的过程中,电场力做正功;故电势能减小;故B正确;C、由A的分析可知,电子受到的电场力可能先减小、再增大再减小;再由O 点到d点时,先增大,后减小;故C错误;D、由于电场线是向外的;故电势先增大后减小;故D错误;故选:B.【点评】本题考查的就是点电荷的电场的分布及特点,这要求同学对于基本的几种电场的情况要了解,本题看的就是学生的基本知识的掌握情况.6.在如图所示设电路中,电源电动势为12V,电源内阻为10Ω,电路中的电阻R0为1.5Ω,小型直流电动机M的内阻为0.5Ω,闭合开关S后,电动机转动,理想电流表的示数为2.0A,则以下判断中正确的是()A.电动机的输出功率为14W B.电动机两端的电压为10VC.电动机的发热功率为4.0W D.电源总功率为24W【考点】电功、电功率.【专题】定性思想;推理法;恒定电流专题.【分析】在计算电功率的公式中,总功率用P=IU来计算,发热的功率用P=I2R 来计算,如果是计算纯电阻的功率,这两个公式的计算结果是一样的,但对于电动机等非纯电阻,第一个计算的是总功率,第二个只是计算发热的功率,这两个的计算结果是不一样的.【解答】解:A、电路中电流表的示数为2.0A,所以电动机的电压为:U=E﹣U内﹣UR0=10﹣Ir﹣IR0=12﹣2×1﹣2×1.5=7V,电动机的总功率为:P总=UI=7×2=14W,电动机的发热功率为:P热=I2R=22×0.5=2W,所以电动机的输出功率为:P出=14W﹣2W=12W,所以ABC错误;D、电源的总功率为:P=EI=1×2=24W;故D正确;故选:D.【点评】对于电功率的计算,一定要分析清楚是不是纯电阻电路,对于非纯电阻电路,总功率和发热功率的计算公式是不一样的.7.如图电路所示,当ab两端接入100V电压时,cd两端为20V,当cd两端接入100V电压时,ab两端电压为50V,则R1:R2:R3之比是()A.4:2:1 B.2:1:1 C.3:2:1 D.以上都不对【考点】串联电路和并联电路.【专题】恒定电流专题.【分析】当ab端接入电压时,两个R1与R2串联,cd端测得R2两端的电压;而当cd端接入时,两个R3与R2串联,ab端测得R2两端的电压;则欧姆定律可得出输出电压与输出电压的关系式,联立即可得出三个电阻的比值.【解答】解:当ab端接入时,由欧姆定律可得20=R2;解得R1:R2=2:1;当cd端接入时,50=R2解得R2:R3=2:1;故R1:R2:R3=4:2:1.故选:A.【点评】本题应注意串并联电路的性质,并注意明确欧姆定律的正确使用.8.如图所示,由M、N两块相互靠近的平行金属板组成的平行板电容器,极板N与静电计的金属球相接,极板M与静电计的外壳均接地.给电容器充电,静电计指针张开一定角度.以下实验过程中电容器所带电荷量可认为不变,下面操作能使静电计指针张角变大的是()A.在M、N之间插入有机玻璃板B.将M板沿水平向右方向靠近N板C.将M板向上平移D.在M、N之间插入金属板,且不和M、N接触【考点】电容器的动态分析.【专题】定量思想;方程法;电容器专题.【分析】静电计测定电容器极板间的电势差,电势差越大,指针的偏角越大;由C=,分析电容的变化,根据C=分析电压U的变化.【解答】解:A、在M、N之间插入机玻璃板,根据根据C=,电容变大;Q 一定,根据C=,电压减小;故静电计指针张角变小;故A错误;B、将M板沿水平向右方向靠近N板,极板间距d变小,根据根据C=,电容增大;Q一定,根据C=,电压减小;故静电计指针张角变小;故B错误;C、将M板向上平移,正对面积S减小,根据C=,电容减小;Q一定,根据C=,电压增加;故静电计指针张角变大;故C正确;D、在M、N之间插入金属板,根据根据C=,电容变大;Q一定,根据C=,电压减小;故静电计指针张角变小;故D错误;故选:C.【点评】本题是电容动态变化分析问题,关键抓住两点:一是电容器的电量不变;二是关于电容的两个公式.9.如图所示,水平放置的金属板正上方放有一固定的正点电荷Q,一表面绝缘的带正电小球(可视为质点且不影响Q的电场),从左端以初速度v0滑上金属板,沿光滑的上表面向右运动到右端,在该运动过程中()A.小球先做减速运动,后做加速运动B.小球做匀速直线运动C.小球的电势能逐渐增加D.静电力对小球先做负功后做正功【考点】静电场中的导体.【专题】解题思想;定性思想;电场力与电势的性质专题.【分析】金属板在Q的电场中产生静电感应现象,达到静电平衡时,金属板是一个等势体,表面是一个等势面,表面的电场线与表面垂直.分析小球的受力情况,确定其运动情况,判断电场力是否做功.【解答】解:A、金属板在Q的电场中达到静电平衡时,金属板是一个等势体,表面是一个等势面,表面的电场线与表面垂直,小球所受电场力与金属板表面垂直,在金属板上向右运动的过程中,电场力不做功,根据动能定理得知,小球的动能不变,速度不变,所以小球做匀速直线运动.故A错误,B正确.C、由于电场力与小球的速度方向垂直,小球受到电场力的方向不变,电场力对小球不做功.小球的电势能不变.故C错误,D错误.故选:B【点评】本题关键抓住静电平衡导体的特点:整体导体是一个等势体,表面是一个等势面.由此得出电荷受到的电场力始终与运动的方向垂直是解答的关键.10.某一电源的路端电压与电流的关系和电阻R1、R2的电压与电流的关系如图所示.用此电源和电阻R1、R2组成电路.R1、R2可以同时接入电路,也可以单独接入电路.为使电源输出功率最大,可采用的接法是()A.将R1、R2串联后接到电源两端B.将R1、R2并联后接到电源两端C.将R1单独接到电源两端D.将R2单独接到电源两端【考点】闭合电路的欧姆定律;电功、电功率.【专题】恒定电流专题.【分析】由电源的U﹣I图线纵横截距读出电源的电动势,由斜率求出电源的内阻.由电阻的U﹣I图线求出电阻.再分别求出四种情况下电源的输出功率进行选择.【解答】解:由图象得到:电源的电动势为E=3V,内阻为r=0.5Ω,R1单独接到电源两端输出功率为P出1=1.5V×3A=4.5W,R2单独接到电源两端输出功率则为P出2=2V×2A=4W.由电阻的伏安特性曲线求出 R1=0.5Ω、R2=1Ω,当将R1、R2串联后接到电源两端利用欧姆定律可得电路电流I串=1.5A,此时电源的输出功率P串=I串2(R1+R2)=3.75W.两电阻并联时,R并===Ω利用欧姆定律可得电路电流I并==A=3.6A,此时电源的输出功率P并=EI并﹣I并2r=4.32W.所以将R1单独接到电源两端时电源的输出功率最大.故选C 【点评】这是直流电中的电路问题,可以应用数学知识分析得到:当电源的内外电阻相等时,电源的输出功率最大,直接选择C.11.如图所示电路中,电源电动势为E、内阻为r,R0定值电阻,电容器的电容为C.闭合开关S,增大可变电阻R的阻值,电压表示数的变化量的绝对值为△U,电流表示数的变化量的绝对值为△I,则()A.变化过程中△U和△I的比值保持不变B.电压表示数U和电流表示数I的比值不变C.电阻R0端电压减小,减少量为△UD.电容器的带电荷量增加,增加量为C△U【考点】闭合电路的欧姆定律.【专题】恒定电流专题.【分析】闭合开关S,增大可变电阻R的阻值后,电路中电流减小,由欧姆定律分析电阻R0两端的电压,再根据路端电压的变化,分析电阻R0两端的电压变化量,并比较与△U的关系,确定电容带电量变化量.电压表的示数U和电流表的示数I的比值等于R.电压表示数变化量△U和电流表示数变化量△I的比值等于R0+r.【解答】解:A、根据闭合电路欧姆定律得:U=E﹣I(R0+r),由数学知识得知, =R0+r,保持不变.故A正确.B 、由图, =R,R增大,则电压表的示数U和电流表的示数I的比值变大.故B错误.C、D、闭合开关S,增大可变电阻R的阻值后,电路中电流减小,由欧姆定律分析得知,电阻R0两端的电压减小,R两端的电压增大,而它们的总电压即路端电压增大,所以电阻R0两端的电压减小量小于△U.电容器两极板间的电压等于R两端的电压,可知电容器板间电压增大,带电量增大,增大量为C△U.故C错误,D正确.故选:AD.【点评】此题中两电表读数的比值要根据欧姆定律和闭合电路欧姆定律来分析,注意≠R,R是非纯性元件.12.如图,一平行板电容器的两极板与一电压恒定的电源相连,极板水平放置,极板间距为d,在下极板上叠放一厚度为l的金属板,其上部空间有一带电粒子P静止在电容器中,当把金属板从电容器中快速抽出后,粒子P开始运动,重力加速度为g.粒子运动加速度为()A . gB . gC . gD . g【考点】带电粒子在混合场中的运动.【专题】带电粒子在复合场中的运动专题.【分析】金属板内部场强为零,有厚度为l的金属板,相当于平行板电容器的间距减小了l;粒子受重力和电场力,根据平衡条件和牛顿第二定律列式求解加速度.【解答】解:粒子受重力和电场力,开始时平衡,有:mg=q①当把金属板从电容器中快速抽出后,根据牛顿第二定律,有:mg﹣q=ma ②联立①②解得:a=g故选:A.【点评】本题要记住平行板电容器内插入金属板,可以等效成极板间距减小了;然后结合共点力平衡条件和牛顿第二定律列式分析,不难.二、实验题:每空2分,共14分.13.要测绘一个标有“3V 0.6W”小灯泡的伏安特性曲线,灯泡两端的电压需要由零逐渐增加到3V,并便于操作.已选用的器材有:电池组(电动势为4.5V,内阻约1Ω);电流表(量程为0~250mA.内阻约5Ω);电压表(量程为0~3V.内限约3kΩ);电键一个、导线若干.(1)实验中所用的滑动变阻器应选下列中的 A (填字母代号).A.滑动变阻器(最大阻值20Ω,额定电流1A)B.滑动变阻器(最大阻值1750Ω,额定电流0.3A)(2)实验的电路图应选用下列的图 B (填字母代号).(3)实验得到小灯泡的伏安特性曲线如图所示.如果这个小灯泡两端所加电压为1.5V,则小灯泡在该温度时的电阻是10 Ω.随着电压增大,温度升高,小灯泡的电阻增大.(填“增大”,“减小”或“不变”)【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线.【专题】实验题.【分析】1、根据滑动变阻器的接法可选择对应的滑动变阻器;2、根据实验的要求可以选择滑动变阻器的接法;根据灯泡及电表的电阻关系可以选择电流表的接法;3、由图象可明确1.5V电压时的电流,再由欧姆定律可明确对应的电阻值;由图象的变化可得出对应的电阻变化规律.【解答】解:(1)因实验中采用分压接法,故滑动变阻器应选择小电阻;故选:A;(2)实验中要求电压从零开始变化,则必须采用滑动变阻器分压接法;而由于灯泡内阻较小,故应采用电流表外接法,故选:B;(3)由图可知,当电压为1.5V时,电流I=0.15A;由欧姆定律可知,电阻R===10Ω;I﹣U图象中的斜率表示其电阻,故说明电阻值越来越大;即灯泡电阻随温度的升高而增大.故答案为:(1)A (2)B (3)10,增大【点评】要熟记电学实验基本要求:伏安法测电阻时注意电流表内外接法的选择方法,当待测电阻值远小于电压表内阻时,电流表用外接法;当待测电阻值远大于电流表内阻时,电流表用内接法.在要求电流或电压值从零调时,滑动变阻器应用分压式,此时应选阻值小的变阻器.14.在伏安法测电阻的实验中,待测电阻R x约为200Ω,电压表V的内阻约为2kΩ,电流表A的内阻约为10Ω,测量电路中电流表的连接方式如图(a)或图(b)所示,计算结果由R x =计算得出,式中U与I分别为电压表和电流表的读数;若将图(a)和图(b)中电路测得的电阻值分别记为R x1和R x2,则:R x1(填“R x1”或“R x2”)更接近待测电阻的真实值,且测量值R x1大于(填“大于”、“等于”或“小于”)真实值,测量值R x2小于(填“大于”、“等于”或“小于”)真实值.【考点】伏安法测电阻.【专题】实验题;恒定电流专题.【分析】本题的关键是明确电流表内外接法的选择方法:当满足>时,电流表应用外接法,根据串并联规律写出真实值表达式,比较可知,测量值小于真实值;当满足<时,电流表应用内接法,根据串并联规律写出真实值表达式,比较可知,测量值大于真实值.【解答】解:待测电阻R x约为200Ω,电压表V的内阻约为2kΩ,电流表A的内阻约为10Ω,==20, ==10,<,电流表应采用内接法,此时实验误差较小,测量值R x1更接近于真实值;由图a所示电路图可知,电流表采用内接法,由于电流表的分压作用,电压的测量值偏大,电阻测量值R x1的大于真实值;由图b所示电路可知,电流表采用外接法,由于电压表的分流作用,所示电流偏大,电阻测量值R x2小于真实值;故答案为:R x1,大于,小于.【点评】本题考查了实验误差分析,知道伏安法测电阻电流表的接法是正确解题的关键;电流表内外接法的选择方法是:当满足>时,电流表应用外接。

人教版高二物理上学期期末精选复习2物理试题含答案解析

人教版高二物理上学期期末精选复习2物理试题含答案解析

人教版高二物理上学期期末精选复习2物理试题学校:___________姓名:___________班级:___________考号:___________一、单选题1.如图所示,将两个等量异种点电荷分别固定于A 、B 两处, AB 为两点电荷的连线,MN 为AB 连线的中垂线,交AB 于O 点,M 、N 距两个点电荷较远,以下说法正确的是A .沿直线由A 到B,各点的电场强度先减小后增大B .沿直线由A 到B,各点的电势先升高后降低C .沿中垂线由M 到O ,各点的电场强度先增大后减小D .将一正电荷从M 点移到O 点,电场力做正功,电荷的电势能减少2.如图所示,A 、B 、C 、D 、E 是半径为r 的圆周上等间距的五个点,在这些点上各固定一个点电荷,除A 点处的电量为-q 外,其余各点处的电量均为+q ,则圆心O 处( )A .场强大小为2kq r ,方向沿AO 方向 B .场强大小为2kq r,方向沿OA 方向 C .场强大小为22kq r,方向沿AO 方向 D .场强大小为22kq r ,方向沿OA 方向 3.一个带正电的质点,电荷量q =2.0×10﹣9C ,在静电场中由a 点移到b 点,在这过程中,除静电力外,其他力做的功为2.0×10﹣5 J ,质点的动能增加了8.0×10﹣5 J ,则a 、b 两点间的电势差为( )A .3.0×104 VB .1.0×104 VC .4.0×104 VD .7.0×104 V4.用控制变量法,可以研究影响平行板电容器电容的因素(如图).设两极板正对面积为S,极板间的距离为d,静电计指针偏角为θ.实验中,极板所带电荷量不变,若A.保持S不变,增大d,则θ变大B.保持S不变,增大d,则θ变小C.保持d不变,减小S,则θ变小D.保持d不变,减小S,则θ不变5.如图所示的电路中,电源电动势为6V,当开关S接通后,灯泡L1和灯泡L2都不亮,用电压表测得各部分电压是U ab=0V,U ad=0V,U cd=6V,由此可断定A.L1和L2的灯丝都烧断了B.L1的灯丝烧断了C.L2的灯丝烧断了D.变阻器R断路6.如图所示,把一重力不计的通电直导线水平放在蹄形磁铁磁极的正上方,导线可以自由转动和平动,当导线通入图示方向的电流I时,从上往下看,导线的运动情况是()A.顺时针方向转动,同时下降B.顺时针方向转动,同时上升C.逆时针方向转动,同时下降D.逆时针方向转动,同时上升7.质量为m 的带电小球在正交的匀强电场、匀强磁场中做匀速圆周运动,轨道平面在竖直平面内,电场方向竖直向下,磁场方向垂直圆周所在平面向里,如图所示,由此可知( )A .小球带正电,沿顺时针方向运动B .小球带负电,沿逆时针方向运动C .小球带正电,沿逆时针方向运动D .小球带负电,沿顺时针方向运动二、多选题8.如图所示,圆形区域内有垂直纸面的匀强电场,三个质量和电荷量都相同的带电粒子a 、b 、c ,以不同的速率对准圆心O 沿着AO 方向射入磁场,其运动估计如图所示,若带点粒子只受磁场力的作用,则下列说法中正确的是( )A .a 粒子动能最大B .c 粒子速率最大C .c 粒子在磁场中运动的时间最长D .它们做圆周运动的周期T a =T b =T c9.小灯泡通电后其电流I 随所加电压U 变化的图线如图所示,P 为图线上一点,PN 为图线在P 点的切线,PQ 为U 轴的垂线,PM 为I 轴的垂线,则下列说法中正确的是( )A .随着所加电压的增大,小灯泡的电阻增大B .对应P 点,小灯泡的电阻为R =12U IC .对应P 点,小灯泡的电阻为R =121U I I - D .对应P 点,小灯泡的功率为图中矩形PQOM 所围面积大小10.如图所示,电源电动势为E ,内电阻为r .当滑动变阻器R 的滑片P 从右端滑到左端时,发现电压表V 1、V 2示数变化的绝对值分别为△U 1和△U 2,下列说法中正确的是( )A .小灯泡L 1、L 2变暗,L 3变亮B .小灯泡L 3变暗,L 1、L 2变亮C .△U 1>△U 2D .△U 1=△U 211.在如图所示的图像中,直线A 为某一电源的路端电压与电流的关系图像,直线B 为某一电阻R 的伏安特性曲线用该电源直接与电阻R 相连组成闭合电路.由图像可知A .电源的电动势为3V ,内阻为0.5ΩB .电阻R 的阻值为1ΩC .电源的输出功率为2WD .电源的效率为66.7%12.质量为m 、带电量为q 的粒子(忽略重力)在磁感应强度为B 的匀强磁场中做匀速圆周运动,形成空间环形电流。

2024-2025学年人教版高二上学期期中物理试卷及解答参考

2024-2025学年人教版高二上学期期中物理试卷及解答参考

2024-2025学年人教版物理高二上学期期中自测试卷(答案在后面)一、单项选择题(本大题有7小题,每小题4分,共28分)1、下列关于物理量的描述中,正确的是()A、速度是表示物体运动快慢的物理量,单位是米/秒B、加速度是表示物体速度变化快慢的物理量,单位是米/秒²C、力是使物体发生形变或改变运动状态的物理量,单位是牛顿D、功率是表示物体做功快慢的物理量,单位是焦耳/秒2、一个物体在水平面上做匀速直线运动,如果将物体的质量加倍,则在运动过程中()A、摩擦力加倍B、重力加倍C、加速度不变D、受到的合外力不变3、在真空中有两个固定的点电荷,电量分别为+Q和-Q,相距为r。

若仅考虑这两个电荷之间的相互作用力,则位于它们连线中点处的一个质量可忽略的小球(不带电)将会:A. 向正电荷移动B. 向负电荷移动C. 静止不动D. 沿垂直于两电荷连线的方向运动4、一列沿x轴正向传播的平面简谐波,波长为λ,频率为f。

若波源在原点O处,且振动方程可以表示为y=Asin(2πft),则该波的波动方程为:A. y = Asin(2πf(x - vt))B. y = Asin(2πf(t - x/v))C. y = Asin(2πft - 2πx/λ)D. y = Asin(2πft + 2πx/λ)5、一个物体从静止开始沿水平面加速运动,下列哪个图象能正确表示物体速度随时间的变化情况?()A、速度随时间线性增加B、速度随时间线性减少C、速度随时间先增加后减少D、速度随时间先减少后增加6、一个物体在光滑的水平面上以恒定速度v做匀速直线运动,下列哪个说法是正确的?()A、物体的加速度为零B、物体的动能随时间增加C、物体的动量随时间增加D、物体所受合外力为零7、一个物体做匀加速直线运动,初速度为2 m/s,加速度为3 m/s²。

问在开始运动后的第3秒末,物体的速度是多少?A. 8 m/sB. 9 m/sC. 11 m/sD. 13 m/s二、多项选择题(本大题有3小题,每小题6分,共18分)1、题干:以下关于力的说法正确的是:A、力的作用是相互的,一个物体对另一个物体施加力的同时,也受到另一个物体对它的作用力。

人教版物理高二上学期试题与参考答案(2024-2025学年)

人教版物理高二上学期试题与参考答案(2024-2025学年)

2024-2025学年人教版物理高二上学期复习试题(答案在后面)一、单项选择题(本大题有7小题,每小题4分,共28分)1、下列关于力与运动关系的描述中,正确的是:A、物体受到的合力为零,物体一定处于静止状态B、物体受到的合力不为零,物体一定做加速运动C、物体的速度为零,物体一定受到合力作用D、物体的加速度与物体所受合力成正比,与物体的质量成反比2、下列关于功的计算公式中,正确的是:A、功W = F * x * cosθB、功W = F * v * cosθC、功W = m * a * xD、功W = m * v * cosθ3、一个质点沿直线运动,其位移随时间变化的关系为(s(t)=5t2+2t+1),其中(s)的单位是米(m),(t)的单位是秒(s)。

求质点在(t=2s)时刻的速度。

A. 12 m/sB. 22 m/sC. 15 m/sD. 20 m/s),其中(m)是振子的质量,(k)是弹簧的4、已知一简谐振子的振动周期(T=2π√mk弹性系数。

如果将振子的质量增加为原来的两倍,而弹性系数保持不变,则新周期(T′)和原周期(T)的关系是什么?A.(T′=T)B.(T′=√2T)C.(T′=2T))D.(T′=√25、在下列关于力的说法中,正确的是:A、力是物体运动的原因B、力是改变物体运动状态的原因C、力是物体速度变化的原因D、力是物体位置变化的原因6、一个物体在水平面上做匀速直线运动,下列说法正确的是:A、物体所受的合外力为零B、物体的加速度为零C、物体受到的摩擦力为零D、物体的速度为零7、一个质量为2kg的物体在光滑水平面上受到大小为10N的恒力作用,从静止开始运动。

求经过5秒后该物体的速度大小是多少?(重力加量g取10m/s²)A. 15 m/sB. 25 m/sC. 30 m/sD. 50 m/s二、多项选择题(本大题有3小题,每小题6分,共18分)1、二、多项选择题(每题4分,共8分)1、下列关于物理量及其单位的说法正确的是:A、速度的单位是米每秒(m/s)B、功率的单位是焦耳每秒(J/s)C、密度的单位是千克每立方米(kg/m³)D、压强的单位是牛顿每平方米(N/m²)2、下列关于力学原理和应用的说法中,正确的是:A、牛顿第一定律揭示了物体运动状态改变的原因是外力的作用B、惯性是物体保持原来运动状态不变的性质,与物体的质量有关C、动量守恒定律适用于所有闭合系统,不受外界力的影响D、根据动量定理,物体的动量变化等于作用在物体上的合外力的冲量3、下列关于物理现象的描述,正确的是()A、物体在光滑水平面上从静止开始,只受水平拉力作用,物体所受合力为零,加速度为零,速度不变。

高中物理高考复习同步试题及答案 高二(上)统测

高中物理高考复习同步试题及答案 高二(上)统测

杭州市高二年级教学质量检测物理试题卷考生须知:1.本试卷分试题卷和答题卷,满分100分,考试时间90分钟.2.答题前,在答题卷密封区内填写学校、班级和姓名.3.所有答案必须写在答题卷上,写在试题卷上无效.4.考试结束,上交试题卷和答题卷.一、单选题(本大题共10小题,每小题4分,共40分)1、在国际单位制中,力学中的三个基本单位是A .N 、m 、sB .kg 、m 、sC .N 、kg 、sD .N 、kg 、m2、当某物体的位移随时间变化的函数关系是s =4t +2t 2(单位取国际制),则它运动的初速度是A .0 m/sB .2m/sC .4m/sD .8m/s3、物体运动时,若其加速度恒定,则物体A .一定作匀速直线运动B .可能做曲线运动C .一定做匀变速直线运动D .可能做圆周运动4.关于布朗运动,下列说法正确的是A .如图所示中记录的是液体分子做无规则运动的情况B .如图所示中记录的是微粒做布朗运动的轨迹C .悬浮在液体中微粒越小,液体温度越高,布朗运动越显著D .在较暗房间内观察到的射入屋中的阳光下悬浮在空气里的小颗粒在飞舞的运动是布朗运动5.单摆摆长和释放摆球的位置都不变,摆球的最大摆角小于5º,若把摆球的质量增为原来的2倍,则此单摆的A .频率不变,振幅不变B .频率和振幅都减少C .频率不变,振幅增加D .频率增加,振幅不变6.当两列水波发生干涉时,如果两列波的波峰在P 点相遇,下列说法错误的是A .质点P 的振动始终是加强的B .质点P 的振幅最大C .质点P 的位移始终最大D .质点P 的位移有时为零7.如图所示为某一电场中的一条电场线,已知质量为m 的电子在A 点时的速度为v A ,在电场力作用下,电子从A 到B 时速度恰好变为零,则A .电场方向从B→AB .A 点电势比B 点低C .A→B 的过程中,电子的电势能增加D .A→B 的过程中,电场力对电子做正功第4题图第7题图第11题图8.在从太阳或其他星体上放射出的宇宙射线中含有高能带电粒子,若直接到达地球,对地球上的生命将带来危害。

全国高二高中物理同步测试带答案解析

全国高二高中物理同步测试带答案解析

全国高二高中物理同步测试班级:___________ 姓名:___________ 分数:___________一、选择题1.关于光谱,下列说法不正确的是( )A.炽热的液体发射连续谱B.发射光谱一定是连续谱C.线状谱和暗线谱都可以对物质成分进行分析D.霓虹灯发光形成的光谱是线状谱2.关于线状谱,下列说法中正确的是()A.每种原子处在不同温度下发光的线状谱不同B.每种原子处在不同的物质中的线状谱不同C.每种原子在任何外界条件下发光的线状谱都相同D.两种不同的原子发光的线状谱可能相同3.下列关于特征谱线的几种说法,正确的有( )①明线光谱中的明线和吸收光谱中的暗线都是特征谱线;②明线光谱中的明线是特征谱线,吸收光谱中的暗线不是特征谱线;③明线光谱中的明线不是特征谱线,吸收光谱中的暗线是特征谱线;④同一元素的明线光谱的明线与吸收光谱的暗线是相对应的.A.只有①B.只有③C.只有①④D.只有②④4.对于巴耳末公式下列说法正确的是( )A.所有氢原子光谱的波长都与巴耳末公式相对应B.巴耳末公式只确定了氢原子发光的可见光部分的光的波长C.巴耳末确定了氢原子发光的一个线系的波长,其中既有可见光,又有紫外光D.巴耳末公式确定了各种原子发光中的光的波长5.关于光谱,下列说法正确的是( )A.一切光源发出的光谱都是连续谱B.一切光源发出的光谱都是线状谱C.稀薄气体发出的光谱是线状谱D.做光谱分析时,利用连续谱和线状谱都可以鉴别物质和确定物质的化学组成6.对原子光谱,下列说法不正确的是( )A.原子光谱是不连续的B.由于原子都是由原子核和电子组成的,所以各种原子的原子光谱是相同的C.各种原子的原子结构不同,所以各种原子的原子光谱也不相同D.分析物质发光的光谱,可以鉴别物质中含哪些元素7.以下说法正确的是( )A.进行光谱分析可以用连续光谱,也可以用吸收光谱B.光谱分析的优点是非常灵敏而且迅速C.分析某种物质的化学组成可以使这种物质发出的白光通过另一种物质的低温蒸气取得的吸收光谱进行分析D.摄下月球的光谱可以分析出月球上有哪些元素8.下列说法不正确的是( )A.巴耳末线系光谱线的条数只有4条B.巴耳末线系光谱线有无数多条C.当电子从n大于2的轨道跃迁到n等于2的轨道时,所得到的谱线都属于巴耳末线系D.巴耳末线系在可见光范围内只有4条9.氢原子光谱巴耳末系最小波长与最大波长之比为( )A.B.C.D.10.下列氢原子的线系中对波长最短波进行比较,其值最小的是( )A.巴耳末系B.莱曼系C.帕邢系D.布喇开系11.要得到钠元素的特证谱线,下列做法正确的是( )A.使固体钠在空气中燃烧B.将固体钠高温加热成稀薄钠蒸气C.使炽热固体发出的白光通过低温钠蒸气D.使炽热固体发出的白光通过高温钠蒸气12.关于巴耳末公式,下列说法正确的是( )A.巴耳末依据核式结构理论总结出巴耳末公式B.巴耳末公式反映了氢原子发光的连续性C.巴耳末依据氢光谱的分析总结出巴耳末公式D.巴耳末公式准确反映了氢原子发光的实际,其波长的分立值并不是人为规定的13.关于太阳光谱,下列说法正确的是( )A.太阳光谱是吸收光谱B.太阳光谱中的暗线是太阳光经过太阳大气层时某些特定频率的光被吸收后而产生的C.根据太阳光谱中的暗线,可以分析太阳的物质组成D.根据太阳光谱中的暗线,可以分析地球大气层中含有哪些元素14.如图甲所示是a、b、c、d四种元素的线状谱,图乙是某矿物的线状谱,通过光谱分析可以了解该矿物中缺乏的是( )A.a元素B.b元素C.c元素D.d元素15.利用里德伯常量R=1.1×107 m-1求巴耳末线系中第四条谱线的波长和相应光子的能量.16.氢原子光谱除了巴耳末系外,还有莱曼系、帕邢系等,其中帕邢系的公式为=R,n=4,5,6,…,R=1.10×107 m-1.若已知帕邢系的氢原子光谱在红外线区域,试求:(1)n=6时,对应的波长;(2)帕邢系形成的谱线在真空中的波速为多少?n=6时,传播频率为多大?二、计算题在可见光范围内波长最长的2条谱线所对应的n及它们的波长各是多少?氢原子光谱有什么特点?全国高二高中物理同步测试答案及解析一、选择题1.关于光谱,下列说法不正确的是( )A.炽热的液体发射连续谱B.发射光谱一定是连续谱C.线状谱和暗线谱都可以对物质成分进行分析D.霓虹灯发光形成的光谱是线状谱【答案】B【解析】炽热的液体的光谱为连续谱,所以选项A正确.发射光谱可以是连续谱也可以是线状谱,所以选项B错误线状谱和暗线谱都对应某种元素的光谱,都可以对物质成分进行分析,所以选项C正确.霓虹灯发光形成的光谱是线状谱,所以选项D正确【考点】光谱点评:炽热的液体的光谱为连续谱线;线状谱和暗线谱都对应某种元素的光谱,都可以对物质成分进行分析,属于课本基础知识,多看课本,熟记各种光谱的产生。

全国高二高中物理同步测试带答案解析

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全国高二高中物理同步测试班级:___________ 姓名:___________ 分数:___________一、选择题1.水蒸气达到饱和时,水蒸气的压强不再变化,这时( )A.水不再蒸发B.水不再凝结C.蒸发和凝结达到动态平衡D.以上都不对2.不同温度下水的饱和汽压如表所示.由如下数据能确定天气最干燥的是( )不同温度下水的饱和汽压(单位:毫米汞柱)A.天气温度为-5℃,绝对湿度为2 mm汞柱B.天气温度为0℃,绝对湿度为3 mm汞柱C.天气温度为10℃,绝对湿度为3 mm汞柱D.天气温度为20℃,绝对湿度为10 mm汞柱3.下面对动态平衡的说法不正确的是( )A.当气态分子数的密度增大到一定程度时就会达到这样的状态B.在相同时间内回到液体中的分子数等于从液体表面飞出去的分子数C.此时,蒸汽的密度不再增大,液体也不再减少D.蒸发的速度不再改变,以恒速蒸发4.液体的饱和汽压随温度的升高而增大,是因为( )A.其规律遵循查理定律B.饱和蒸汽的质量随温度的升高而增大C.饱和蒸汽的体积随温度的升高而增大D.饱和蒸汽的分子数密度和分子的平均速率都随温度的升高而增大5.使未饱和蒸汽变成饱和蒸汽,可采用降低温度的方法,这是因为( )A.降温可使未饱和蒸汽的体积缩小,密度增大,以达到饱和B.饱和蒸汽的密度随温度降低而增大C.饱和蒸汽的密度随温度降低而减小D.未饱和蒸汽的密度随温度降低而增大6.一个玻璃瓶中装有半瓶液体,拧紧瓶盖经一段时间后,则( )A.不再有液体分子飞出液面B.停止蒸发C.蒸发仍在进行D.在相同时间内从液体里飞出去的分子数等于返回液体的分子数时,液体和蒸汽达到了动态平衡7.对饱和蒸汽,下面说法不正确的是( )A.达饱和蒸汽时液面上的气体分子的密度不断增大B.达饱和蒸汽时液面上的气体分子的密度不变C.将未饱和蒸汽转化成饱和蒸汽可以保持温度不变,减小体积D.将未饱和蒸汽转化成饱和蒸汽可以保持体积不变,降低温度8.密闭容器中装有少量液态乙醚,试判断下列现象不可能发生的是( )A .当容器温度升高时,液态乙醚逐渐减少B .当容器温度降低时,液态乙醚逐渐减少C .当容器升高到一定温度时,液态乙醚消失D .液态乙醚消失后,若冷却容器,容器中又出现液态乙醚9.如图为水的饱和汽压图象,由图可以知道( )A .饱和汽压与温度有关B .饱和汽压随温度升高而增大C .饱和汽压随温度升高而减小D .未饱和汽的压强一定小于饱和汽的压强10.人对空气的干燥与潮湿的感觉( )A .只与绝对湿度有关B .由相对湿度决定C .只与空气中水分子的密集程度有关D .只与空气的温度有关11.关于干湿泡湿度计,下列说法正确的是( )A .湿泡所显示温度通常都高于干泡所显示温度B .干泡所显示温度通常都高于湿泡所显示温度C .在同等温度下,干湿泡温度差别越大,说明该环境越干燥D .在同等温度下,干湿泡温度差别越大,说明该环境越潮湿12.下列说法中正确的是( )A .在一定温度下,同种液体的饱和蒸汽的密度是一定的B .饱和蒸汽近似地遵循气体实验定律C .在潮湿的天气里,空气的相对湿度大,水蒸发得慢,所以洗了的衣服不容易晾干D .在绝对湿度相同的情况下,夏天比冬天的相对湿度大二、简答题夏天的时候,白天我们感觉比较干爽,到了晚上我们为什么会感觉到潮湿闷热呢?三、计算题气温为10℃,测得空气的绝对湿度p =800 Pa ,则此时的相对湿度为多少?如果绝对湿度不变,气温升至20℃,相对湿度又为多少?(已知10℃时水汽的饱和压力p 1=1.228×103 Pa,20℃时水汽的饱和汽压为p 2=2.338×103 Pa)全国高二高中物理同步测试答案及解析一、选择题1.水蒸气达到饱和时,水蒸气的压强不再变化,这时( )A.水不再蒸发B.水不再凝结C.蒸发和凝结达到动态平衡D.以上都不对【答案】C【解析】达到饱和时的状态是动态平衡状态.水蒸气达到饱和时,蒸发和凝结仍在继续进行,只不过蒸发和凝结的水分子个数相等而已,水蒸气达到饱和时,蒸发和凝结仍在继续进行,只不过蒸发和凝结的水分子数量相等而已,C正确。

全国高二高中物理同步测试带答案解析

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全国高二高中物理同步测试班级:___________ 姓名:___________ 分数:___________一、多选题连接在电源两极上的平行板电容器,当两极板间的距离减小时,有()A.电容器的电容变大B.电容器极板的带电量Q变大C.电容器两极板间的电势差U变大D.电容器两板间的场强E变大二、选择题1.以下关于物理学史的说法正确的是( )A.“电流的周围存在磁场”最早是由安培发现的B.法拉第通过实验证实电场线是客观存在的C.电荷量e的数值最早是由法国学者库仑用实验测得的D.奥斯特通过实验观察到电流的磁效应,揭示了电和磁之间存在联系2.电容器两极板间电压一定,若正极板不动,将负极板远离正极板移动,则极板间某一给定的点与负极板间的电势差将()A.变大B.变小C.不变D.以上结论均有可能3.两块平行金属板,挨得很近且不相连。

给两板带上等量异种电荷后,两极板间便有了电压,为了使两板电压加倍,而板间场强减半,可采用的办法有()A.两板电量加倍,而距离变为原来4倍B.两板电量加倍,而距离变为原来2倍C.两板电量减半,而距离变为原来4倍D.两板电量减半,而距离变为原来2倍4.如图所示,在平行板电容器正中有一个带电微粒。

S闭合时,该微粒恰好能保持静止。

在保持S闭合情况下,采用什么方法能使该带电微粒向上运动打到上极板()A.上移上极板MB.上移下极板NC.左移上极板MD.把下极板N接地5.如图所示,两块平行板A、B之间距离为d ,加在两板间的电压为U,并将B板接地作为零电势,现在正电荷q逆着电场线方向由A板移到B板,若用x表示移动过程中该正电荷到A距离,其电势能E随x变化图线为下列图P中哪一个()A. B. C. D.6.以下关于物理学史的说法正确的是( )A.“电流的周围存在磁场”最早是由安培发现的B.法拉第通过实验证实电场线是客观存在的C.电荷量e的数值最早是由法国学者库仑用实验测得的D.奥斯特通过实验观察到电流的磁效应,揭示了电和磁之间存在联系7.传感器是把非电学量(如高度、温度、压力等)的变化转换成电学量变化的一种元件,它在自动控制中有着广泛的应用。

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期终总复习(二)
机械能 动量 机械振动 机械波
1.一个人站在高为H 的平台上,以一定的初速度将一个质量为m 的小球抛出。

测出落地时小球的速度大小是V 。

不计空气阻力,人对小球做的功W 及小球被抛出时的初速度大小V 0分别为( )
A gh V mV W 2,2102==
B gH V V mgH mV W 2,2
1
202-=-=
C gH V V mgH W 2,20+==
D gH V mgH mV W 2,2
1
02=+=
2.甲、乙两物体的质量分别是m 1和m 2,且m 1 =2m 2。

它们以相同的动能在动摩擦因数相同的水平面上运动时,滑行的距离之比S 1∶S 2及滑行时间之比t 1∶t 2分别是( ) A S 1∶S 2=1∶4,t 1∶t 2=1∶2 B S 1∶S 2=1∶2,t 1∶t 2=1∶2 C S 1∶S 2=1∶4,t 1∶t 2=2∶1 D S 1∶S 2=1∶2 t 1∶t 2=2∶1 3.以下说法正确的是( )
A 物体受到的冲量越大,物体的动量越大
B 物体受到的冲量增大,物体的动量增大
C 物体受到的冲量为零,物体的动量不变
D 物体受到的冲量减小,物体的动量也减小 4.质量为m 的小球A 沿光滑水平面以v 0的速度与质量为2m 的小球B 发生正
碰,碰撞后A 球的动能变为原来的91
,则小球B 的速率可能是( )
A
30v B 40v C 9
40v
D 950v
5.有甲、乙两个单摆,已知甲摆的摆长是乙摆的9倍,乙摆摆球质量是甲的摆
的2倍,那么在甲摆摆动4次的时间内,乙摆摆动( )
A .36次
B .12次
C .6次
D .4/3次 6.如图是一水平弹簧振子做简谐振动的振动的振动图
像,由图可推断,振动系统( )
A 在t 1和t 2时刻具有相等的动能和相同的动量
B 在t 3和t 4时刻具有相等的势能和相同的动量
C 在t 4和t 6时刻具有相同的位移和速度
D 在t 1和t 6时刻具有相同的速度和加速度
7.有两个波源,在甲波源振动50次的时间内,乙波源振动了60次,它们发出
的机械波在同一介质中传播时,甲、乙两波长之比为
A 6:5
B 5;6
C 12:60
D 6:1 8.下列说法正确的是
A 衍射是一切波特有的现象
B 对同一列波,障碍物或小孔越小,衍射越明显
C 只有频率很高的波才能有明显的衍射现象
D 只有频率很低的波才能有明显的衍射现象
9.汽车以恒定的功率在水平平直公路上从车站开出,受到的阻力为车重的0.1倍,汽车能达到的最大速度为v m ,则当车速为
3
m
v 时刻的加速度为 10.甲、乙两溜冰者,质量分别为50kg
和52kg ,甲手里拿着一个质量为2kg 的
球,两人均以2m/s 的速度在冰面上相向滑行,甲将球抛给乙,乙再将球抛
给甲,这样抛接若干次后,乙的速度变为零,则甲的速度为 m/s 。

11.从如图所示的振动图像中,可以判定振子在t =_____s 时,具有正向最大加速度;t=____s 时,具有负方向最大速度。

在时间从____s 至_____s 内,振子所受回复力在-y 方向并不断增大;在时间从_____s 至_____s 内,振子的速度在+y 方向并不断增大。

12.图中实线所示为某一时刻的一列横波,该波的频率为2Hz ,已知质点A 此时的速度方向是向上的,则该波的传播方向 为 。

它的波长为 。

波速
为 。

从实线变到虚线图象,需要 最少的时间为 。

13.把一个质量m = 0.2kg 的小球放在高度h = 5m 的直杆的顶端,如图,一颗质量m ′= 0.01kg 的子弹以v 0 = 500m/s 的速度沿水平方向击中并穿过小球球心,小球落地处离杆的距离s = 20m 。

求:子弹落地处离杆的距离s ′。

14.摆钟在山脚处的周期是T 1,把这摆钟拿到高山顶上的周期变为T 2。

这过程中摆钟的摆长不变,山脚处到地球中心的距离是R ,摆钟可看作单摆。

试求: 山顶到山脚的高度差
15.如图是一列简谐波在t =0时刻的波动图像,波的传播速度是5m/s ,试求:从t = 0到t = 1.5秒的时间内,⑴ 质点M 通过的路程是多少?⑵ 位移是多少?
y X/cm 12 A
V。

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