广东省广州市广大附中等三校联考2016届高三上学期月考物理试卷(12月份) Word版含解析

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2016年广东省高考物理三模试卷

2016年广东省高考物理三模试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共4小题，共16.0分)1.下列叙述正确的是（）A.牛顿根据理想斜面实验，提出力不是维持物体运动的原因B.奥斯特首先发现了电流周围存在磁场C.磁感线越密的地方磁感应强度越大，磁通量也越大D.在回旋加速器中，磁场力使带电粒子的速度增大【答案】B【解析】解：A、伽利略根据理想斜面实验，提出了力不是维持物体运动的原因．故A错误；B、奥斯特首先发现了电流周围存在磁场，故B正确；C、磁感线越密的地方磁感应强度越大，但磁通量不一定也越大，磁通量的大小还与线圈平面和磁感应强度之间的夹角有关，故C错误D、在回旋加速器中，电场力使带电粒子的速度增大，在回旋加速器中，磁场力使带电粒子的速度方向发生变化．故D错误故选：B根据物理学史和常识解答AB选项，记住著名物理学家的主要贡献即可；磁通量的大小还与线圈平面和磁感应强度之间的夹角有关；在回旋加速器中，磁场力使带电粒子的速度方向发生变化．本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一．2.质量为m的“嫦娥二号”探测卫星，在距月球表面高度为h的轨道上做匀速圆周运动，已知运行周期为T，月球的半径为R，月球质量为M，引力常量为G，则（）A.月球表面的重力加速度为B.月球对卫星的万有引力为C.卫星以恒定的向心加速度运行D.卫星运行周期T与卫星质量有关【答案】A【解析】解：A、根据万有引力等于重力得，，解得g=．故A正确．B、月球对卫星的万有引力F=．故B错误．C、根据得，a=，T=，知向心加速度大小不变，但是方向始终指向圆心，时刻改变．周期与卫星的质量无关．故C、D错误．故选A．根据万有引力等于重力求出月球表面的重力加速度，根据万有引力提供向心力得出向心加速度的大小以及判断出周期与什么因素有关．解决本题的关键掌握万有引力提供向心力和万有引力等于重力这两个理论，并能熟练运用．3.如图有a、b、c、d四个离子，它们带等量同种电荷，质量不等有m a=m b＜m c=m d，以不等的速率v a＜v b=v c＜v d进入速度选择器后，有两种离子从速度选择器中射出进入B2磁场．由此可判定（）A.射向P1板的是a离子B.射向P2板的是b离子C.射向A1的是c离子D.射向A2的是d离子【答案】A【解析】解：A、通过在磁场中偏转知，粒子带正电．在速度选择器中，有q E=qv B．v=，只有速度满足一定值的粒子才能通过速度选择器．所以只有b、c两粒子能通过速度选择器．a 的速度小于b的速度，所以a的电场力大于洛伦兹力，a向P1板偏转．故A正确，B错误．C、只有b、c两粒子能通过速度选择器进入磁场B2，根据r=，知质量大的半径大，知射向A1的是b离子，射向A2的是c离子．故C、D错误．故选A．在速度选择器中，粒子受到的电场力和洛伦兹力相等，有q E=qv B．知只有速度满足一定值的粒子才能通过速度选择器．进入磁场B2后，有r=，v、B2、q相同，质量大的半径大．解决本题的关键知道只有速度满足一定的值，才能通过速度选择器．由速度选择器出来进入磁场，速度一定，根据r=，可比较粒子偏转半径的大小．4.如图，金属棒ab，金属导轨和螺线管组成闭合回路，金属棒ab在匀强磁场B中沿导轨向右运动，则（）A.ab棒不受安培力作用B.ab棒所受安培力的方向向右C.ab棒向右运动速度越大，所受安培力越大D.螺线管产生的磁场，A端为N极【答案】C【解析】解：A：回路中的一部分切割磁感线时，导体棒中要产生感应电流，而电流在磁场中就一定会有安培力，故A错误；B：根据楞次定律可知，感应电流总是起到阻碍的作用，故安培力的方向与导体棒一定的方向相反，应当向左，故B错误；C：ab棒向右运动时，E=BL v，，F=BIL，所以：，速度越大，所受安培力越大．故C正确；D：根据右手定则，ab中的电流的方向向上，流过螺旋管时，外侧的电流方向向下，根据右手螺旋定则，B端的磁场方向为N极．故D错误．回路中的一部分切割磁感线时，导体棒中要产生感应电流，而电流在磁场中就一定会有安培力；感应电流的大小与运动速度有关，运动速度越大，所受安培力越大．该题考查楞次定律、右手定则及法拉第电磁感应定律，属于该部分知识的基本应用．属于简单题．二、多选题(本大题共5小题，共30.0分)5.如图所示，人和物处于静止状态、当人拉着绳向右跨出一步后，人和物仍保持静止、不计绳与滑轮的摩擦，下列说法中正确的是（）A.绳的拉力大小不变B.人所受的合外力增大C.地面对人的摩擦力增大D.人对地面的压力减小【答案】AC【解析】解：A、物体始终处于静止状态，所以绳子对物体的拉力始终等于mg，故A正确；B、人保持静止状态，合力为零，故B错误；C、D、对人受力分析并正交分解如图：由平衡条件得：N+mgsinθ=M gf=mgcosθ当人拉着绳向右跨出一步后，θ将变小：所以：f=mgcosθ会变大，N=M g-mgsinθ也将变大，故C正确，D错误；故选AC．当人拉着绳向右跨出一步后，人和物仍保持静止，所以人和物始终处于平衡状态，分别对物体和任受力分析应用平衡条件分析即可．本题为平衡条件得应用：动态分析．常用的方法是画图法和解析式法，一般物体受3个力时常用画图法，受4个以上的力时用解析式法．6.物体在竖直向上的拉力和重力的作用下竖直向上运动，运动的v-t图象如图所示．则（）A.物体所受拉力是恒力B.物体所受拉力是变力C.第1s末和第4s末拉力的功率相等D.第5s末物体离出发点最远BD【解析】解：A、由速度时间图象可知，物体在运动的过程中的加速度是变化的，而重力是不变的，所以物体所受拉力一定是变力，所以A错误，B正确；C、第1s末和第4s末物体的速度是一样的，但是第1s末处于加速阶段，拉力大于重力，第4s末处于减速阶段，拉力小于重力，所以两个时刻的拉力大小不一样，功率不同，故C错误．D、根据速度-时间图象与坐标轴围成的面积表示位移可知，5s末位移最大，及第5s末物体离出发点最远，故D正确．故选BD．根据速度时间的图象，判断物体的受力的情况和运动的情况，知道速度-时间图象与坐标轴围成的面积表示位移，再由功率的公式就可以做出判断．要根据图象得出有用的信息，速度-时间图象中直线的斜率表示加速度的大小，面积表示位移，速度不变就表示物体处于受力平衡状态．7.在如图所示的电路中，电源电动势为E、内电阻为r，C为电容器，R0为定值电阻，R为滑动变阻器．开关闭合后，灯泡L能正常发光．当滑动变阻器的滑片向右移动时，下列判断正确的是（）A.灯泡L将变暗B.灯泡L将变亮C.电容器C的电荷量减小D.电容器C的电荷量增大【答案】AD【解析】解：A、B由题R增大，电流I=减小，灯泡L将变暗．故A正确，B错误．C、D路端电压U=E-I r增大，则电容器电量Q=CU增大．故C错误，D正确．故选AD．灯泡L和滑动变阻器R串联、电容器C和定值电阻R0串联后两条支路再并联．当电路稳定后，电容器这一路没有电流，相当于开关断开，对另一路没有影响．电容器的电压等于路端电压．当滑动变阻器的滑片向右移动时，变阻器接入电路的电阻增大，根据欧姆定律分析电流和路端电压的变化，分析灯泡亮度和电容器电量的变化．本题关键的要抓住电容器的特点：当电路稳定时，和电容器串联的电路没有电流，电容器电压等于这一串联电路两端的电压．8.用均匀导线做成的正方形线圈边长为l，正方形的一半放在垂直于纸面向里的匀强磁场中，如图所示，当磁场以的变化率增强时，则（）A.线圈中感应电流方向为acbdaB.线圈中产生的电动势C.线圈中a点电势高于b点电势D.线圈中a、b两点间的电势差为【答案】AB【解析】解：A、磁感应强度增大，由楞次定律可知，感应电流沿acbda方向，故A正确；B、由法拉第电磁感应定律可得，感应电动势E==S=l××=•，故B正确；C、acb段导线相当于电源，电流沿a流向b，在电源内部电流从低电势点流向高电势点，因此a点电势低于b点电势，故C错误；D、设导线总电阻为R，则a、b两点间的电势差U ab=×=，故D错误；故选AB．由楞次定律可以判断出感应电流的方向，由法拉第电磁感应定律可以求出感应电动势，由欧姆定律可以求出a、b两点间的电势差．熟练应用楞次定律、法拉第电磁感应定律、欧姆定律即可正确解题．9.如图所示，实线为方向未知的三条电场线，虚线分别为等势线1、2、3，已知MN=NQ，带电量相等的a、b两带电粒子从等势线2上的O点以相同的初速度飞出．仅在电场力作用下，两粒子的运动轨迹如图所示，则（）A.a一定带正电，b一定带负电B.a加速度减小，b加速度增大C.MN两点电势差|U MN|等于NQ两点电势差|U NQ|D.a粒子到达等势线3的动能变化量比b粒子到达等势线1的动能变化量小【答案】BD【解析】解：A、由图，a粒子的轨迹方向向右弯曲，a粒子所受电场力方向向右，b粒子的轨迹向左弯曲，b粒子所受电场力方向向左，由于电场线方向未知，无法判断粒子的电性．故A错误．B、由题，a所受电场力逐渐减小，加速度减小，b所受电场力增大，加速度增大．故B 正确．C、已知MN=NQ，由于MN段场强大于NQ段场强，所以MN两点电势差|U MN|大于NQ 两点电势差|U NQ|．故C错误．D、根据电场力做功公式W=U q，|U MN|＞|U NQ|，a粒子从等势线2到3电场力做功小于b粒子从等势线2到1电场力做功，所以a粒子到达等势线3的动能变化量比b粒子到达等势线1的动能变化量小．故D正确．故选BD根据粒子轨迹的弯曲方向，判断电场力方向．当电场力方向与场强方向相同时，粒子带正电，当电场力方向与场强方向相反时，粒子带负电．电场线越密，场强越大，粒子受到的电场力越大，加速度越大．非匀强电场中，距离相等的两点间，场强越大，电势差越大．根据电场力做功的大小，判断动能变化量的大小．本题是电场中轨迹问题，关键要根据轨迹的弯曲方向能判断出粒子的电场力方向．常见题型，比较简单．三、实验题探究题(本大题共2小题，共18.0分)10.某同学设计了如图1所示的装置来探究加速度与力的关系．弹簧秤固定在一合适的木块上，桌面的右边缘固定一个光滑的定滑轮，细绳的两端分别与弹簧秤的挂钩和矿泉现缓慢向瓶中加水，直到木块刚刚开始运动为止，记下弹簧秤的示数F0，以此表示滑动摩擦力的大小．再将木块放回原处并按住，继续向瓶中加水后，记下弹簧秤的示数F，然后释放木块，并用秒表记下木块从P运动到Q处的时间t．①木块的加速度可以用d、t表示为a= ______ ．②改变瓶中水的质量重复实验，确定加速度与弹簧秤示数F的关系．如图2图象能表示该同学实验结果的是______ ．③用加水的方法改变拉力的大小与挂钩码的方法相比，它的优点是______ ．A．可以改变滑动摩擦力的大小B．可以更方便地获取更多组实验数据C．可以更精确地测出摩擦力的大小D．可以获得更大的加速度以提高实验精度．【答案】；C；BC【解析】解：①根据匀变速直线运动公式得：d=at2，解得：a=．（2）由牛顿第二定律可知，F-F0=ma，故a=F-，当F1＞F0时，木板才产生加速度．随着继续向瓶中加水后，矿泉水瓶的质量不断增加，矿泉水瓶的质量不能远小于木板的质量，那么水的重力与绳子的拉力差值越来越大，则图象出现弯曲．故选：C．（3）A、不可以改变滑动摩擦力的大小，故A错误．B、缓慢向瓶中加水，直到木板刚刚开始运动，可以比较精确地测出摩擦力的大小，故B正确．C、缓慢向瓶中加水，可以更方便地获取多组实验数据，故C正确．D、并没有获得很大的加速度，可以获取多组实验数据以提高实验精度．故D错误；故选：BC．故答案为：①；②C；③BC．①长木板做匀加速直线运动，根据位移时间关系公式列式求解加速度；②知道减小误差的常用方法是多次测量取平均值；③知道当水的质量远远小于木板的质量时，水的重力近似等于绳子的拉力实验要明白实验目的，懂得实验原理，科学选择器材，合理安排实验步骤，细心记录数据，认真分析和处理数据，总结实验结论．11.用伏安法测一节干电池的电动势E和内电阻r，器材有：电压表：0-3-15V；电流表：0-0.6-3A；变阻器R1（总电阻20Ω）；以及电键S和导线若干．①根据现有器材设计实验电路并连接电路实物图甲，要求滑动变阻器的滑动头在右端时，其使用的电阻值最大．______ V．③表为另一组同学测得的数据．可以发现电压表测得的数据______ ，将影响实验结果的准确性，原因是：______ ．【答案】1.5；间隔很小；电池的内阻太小【解析】解：①一节干电池电动势约为1.5V，因此电压表应选0～3V量程；由坐标系内所描点可知，电流的最大值为0.6A，则电流表应选0～0.6A量程，如果选0～3A量程，则电路最大电流为其量程的五分之一，读数误差太大；伏安法测电源电动势与内阻，电压表测路端电压，电流表测电路电流，实物电路图如图所示：②根据坐标系中所描出的点作出干电池的U-I图象如图所示：由图示干电池U-I图线可知，图象与纵轴交点坐标值是1.5，则干电池的电动势：E=1.5V．③由表中实验数据可知，电压表测量值间隔很小，这是由于电源（电池）内阻太小造成的．故答案为：①电路图如图所示；②图象如图所示；1.5；③间隔很小；电池的内阻太小．①根据电源电动势选择电压表量程，根据图示电流最大值选择电流表量程；由于电池内阻较小，所以对电源来说，电流表应采用外接法，根据伏安法测电源电动势与内阻的实验原理连接实物电路图．②根据坐标系内描出的点，作出电源的U-I图象；电源的U-I的纵轴截距是电源电动势，图象斜率的绝对值是电电源的内阻．本题考查测电动势和内阻实验的数据处理，注意要结合公式理解图象的斜率及截距的含义．要掌握描点法作图的方法．四、计算题(本大题共2小题，共36.0分)12.如图所示，完全相同的金属板P、Q带等量异种电荷，用绝缘杆将其连成一平行正对的装置，放在绝缘水平面上，其总质量为M，两板间距为d，板长为2d，在P板中央位置处有一小孔．一质量为m、电量为+q的粒子，从某一高度下落通过小孔后进入PQ，恰能匀速运动．外部的电场可忽略，板间电场可视为匀强电场，重力加速度为g，求：①PQ间电场强度及电势差；②粒子下落过程中，装置对绝缘水平面的压力；③现给PQ间再加一垂直纸面向里、磁感应强度B的匀强磁场，要使粒子进入PQ后不碰板飞出，则粒子应距P板多高处自由下落？【答案】解：①因小球受力平衡，mg=q E得：E=电场方向向上PQ间的电势差U=E d=②在小球未进入PQ前对地的压力N1=M g进入PQ后小球受到向上大小等于mg的电场力，根据牛顿第三定律可得PQ对地的压力N2=M g+mg③依题意得：当粒子轨迹恰好与P板右边缘相切时，粒子圆周运动的半径R1=根据qv1B=m得v1=又由机械能守恒定律得mgh1=联立解得h1=h2=故要使粒子进入PQ后不碰板飞出，粒子应距P板＜h＜高处自由下落．答：①PQ间电场强度E=，方向向上；电势差为；②在小球未进入PQ前对地的压力N1=M g进入PQ后PQ对地的压力N2=M g+mg；③要使粒子进入PQ后不碰板飞出，粒子应距P板＜h＜高处自由下落．【解析】（1）粒子进PQ后，恰能匀速运动，重力与电场力平衡，由平衡条件求出电场强度E．（2）粒子进PQ前，装置对绝缘水平面的压力等于重力M g，粒子进PQ后，电场对粒子作用大小为mg，方向向上，根据牛顿第三定律，粒子对电场的力大小为mg，方向向下，则装置对绝缘水平面的压力等于总重力．（3）给PQ间再加一垂直纸面向里、磁感应强度B的匀强磁场后，粒子做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力．当轨迹恰好与P板、Q板右边缘相切时，粒子恰好进入PQ 后不碰板飞出，分别由几何知识这两种临界情况下粒子的半径，根据牛顿第二定律求出速度，由机械能守恒定律求出下落时的高度，得到小球应距P板高度范围．本题是电场、磁场与力学知识的综合应用，关键在于分析磁场中临界条件，抓住各过程之间的联系．13.如图所示，宽为L=0.1m的MN、PQ两平行光滑水平导轨分别与半径r=0.5m的相同竖直半圆导轨在N、Q端平滑连接，M、P端连接定值电阻R，质量M=2kg的cd绝缘杆垂直静止在水平导轨上，在其右侧至N、Q端的区域内充满竖直向上的匀强磁场，B=1T．现有质量m=1kg的ab金属杆，电阻为R o，R o=R=1Ω，它以初速度v0=12m/s水平向右与cd绝缘杆发生正碰后，进入磁场并最终未滑出，cd绝缘杆则恰好能通过半圆导轨最高点，不计其它电阻和摩擦，ab金属杆始终与导轨垂直且接触良好，取g=10m/s2，求：（1）碰后瞬间cd绝缘杆的速度大小v2与ab金属杆速度大小v1；（2）碰后ab金属杆进入磁场瞬间受到的安培力大小F ab；（3）ab金属杆进入磁场运动全过程中，电路产生的焦耳热Q．【答案】解：（1）cd绝缘杆通过半圆导轨最高点时，由牛顿第二定律有：解得：碰撞后cd绝缘杆滑至最高点的过程中，由动能定理有：解得碰撞后cd绝缘杆的速度：v2=5m/s两杆碰撞过程，动量守恒，设初速度方向为正方向，则有：mv0=mv1+M v2解得碰撞后ab金属杆的速度：v1=2m/s（2）ab金属杆进入磁场瞬间，由法拉第电磁感应定律：E=BL v1闭合电路欧姆定律：安培力公式：F ab=BIL联立解得：F ab===0.01N；（3）ab金属杆进入磁场后由能量守恒定律有：解得：Q=×1×22=2J（1）碰后瞬间cd绝缘杆的速度大小v2与ab金属杆速度大小v1分别为5m/s和2m/s；答：（2）碰后ab金属杆进入磁场瞬间受到的安培力大小F ab为0.01N；（3）ab金属杆进入磁场运动全过程中，电路产生的焦耳热Q为2J．【解析】（1）cd绝缘杆通过半圆导轨最高点时，由牛顿第二定律可求得速度，再根据动能定理可求得碰撞cd的速度，则对碰撞过程分析，由动量守恒定律可求得碰后ab的速度；（2）对ab在磁场中运动分析，由E=BL v求得电动势，根据闭合电路欧姆定律以及安培力公式即可求得安培力；（3）对ab进入磁场过程进行分析，根据能量守恒定律可求得产生的热量．本题考查结合导体切割磁感线规律考查了功能关系以及动量守恒定律，要注意正确分析物理过程，明确导体棒经历的碰撞、切割磁感线、圆周运动等过程，明确各过程中物理规律的应用，要注意最高点时的临界问题以及动量守恒定律的应用方法等．。

广州市2016届高三调研考试物理试卷及答案

2016年广州市普通高中毕业班模拟考试理科综合物理能力测试2016.01注意事项：1. 本试卷分第I 卷（选择题）和第II 卷（非选择题）两部分。

答卷前，考生务必将自己的姓名和考生号、试室号、座位号填写在答题卡上，并用铅笔在答题卡上的相应位置填涂考生号。

2. 回答第I 卷时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。

写在本试卷上无效。

3. 回答第II 卷时，将答案写在答题卡上。

写在本试卷上无效。

4. 考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

可能用到的相对原子质量：H-1 C-12 O-16 Na-23 Mg-24 S-32 Cr-52 Fe-56 Br-80第Ⅰ卷一、选择题：本题共13小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

二、选择题：本题共8小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

14．历史上，伽利略在斜面实验中分别从倾角不同、阻力很小的斜面上静止释放小球，他通过实验观察和逻辑推理，得到的正确结论有A ．倾角一定时，小球在斜面上的位移与时间的平方成正比B ．倾角一定时，小球在斜面上的速度与时间的平方成正比C ．斜面长度一定时，小球从顶端滚到底端时的速度与倾角无关D ．斜面长度一定时，小球从顶端滚到底端所需的时间与倾角无关15．正、负点电荷周围的电场线分布如图，P 、Q 为其中两点，则带正电的试探电荷A ．由P 静止释放后会运动到QB ．从P 移动到Q ，电场力做正功C ．在P 的电势能小于在Q 的电势能D ．在P 所受电场力小于在Q 所受电场力16．如图为洛伦兹力演示仪的结构图。

励磁线圈产生的匀强磁场方向垂直纸面向外，电子束由电子枪产生，其速度方向与磁场方向垂直。

电子速度大小可通过电子枪的加速电压来控制，磁场强弱可通过励磁线圈的电流来调节。

等三校联考九年级物理上学期12月月考试题(含解析) 新人教版-新人教版初中九年级全册物理试题

某某省天门市某某中学等三校联考2015-2016学年九年级（上）月考物理试卷一、选择题（每小题2分）1．下列实例中，利用做功的方式使物体内能增加的是（）A．捂热水袋的手变暖B．放进热汤中的金属汤勺变得烫手C．用锯子锯木头，锯条的温度升高D．炽热的金属片插入水中后，水温升高2．如图所示的各种做法中，符合安全用电原则的是（）A．用铜线挑开通电的裸导线B．保持电器外壳良好接地C．在高压线附近放风筝D．用湿布擦拭电灯3．关于温度和热量的概念，下列说法中正确的是（）A．温度高的物体放出热量多B．温度高的物体具有热量多C．两个物体升高相同的温度，吸收热量一定相同D．在热传递过程中，物体温度升高时，一定吸收热量4．小阳在家中看电视，感觉室内较冷，他打开了电暖气取暖，下列说法正确的是（）A．电视机中的电流小了B．电视机两端的电压变大了C．家庭电路的总电阻变大了D．家庭电路的总功率变大了5．图中，当开关S闭合时，小灯泡L1和L2均不亮．某同学用一根导线去查找电路故障，他先用导线把L1短接，发现L2亮，L1不亮；再用该导线把L2短接，发现两灯均不亮．由此可判断（）A．L1断路B．L2断路C．开关断路 D．电源断路6．图1中，小灯泡的额定电压为6V，将粗细均匀的电阻丝AB（其阻值不随温度变化）通过滑片P连入电源两端电压不变的电路中．闭合开关S后，滑片P从最左端A滑到最右端B 的过程中，小灯泡的I﹣U关系图象如图2所示．当小灯泡消耗的功率为2.8W时，下列阻值与此时电阻丝AB连入电路的电阻阻值最接近的是（）A．1ΩB．3ΩC．5ΩD．6Ω7．关于分子动理论及有关现象，下列说法正确的是（）A．铁块很难被压缩，说明分子之间存在相互作用的引力B．湿衣服在热天比冷天干得快，说明热水分子间的斥力较大C．水和酒精混合后总体积变小，说明物质的分子之间存在间隙D．用力能将尘土从衣服上抖落，说明分子在永不停息地做无规则运动8．如图所示电路，滑片位于滑动变阻器中点，当闭合开头S后，将滑片P由中点向左移动的过程中，电流表、电压表的示数如何变化（）A．电流表示数变大，电压表示数变大B．电流表示数变大，电压表示数不变C．电流表示数变小，电压表示数变大D．电流表示数不变，电压表示数不变9．在图所示的电路中，电源电压不变．闭合开关S，电路正常工作，一段时间后，发现其中一个电压表示数变大，则下列说法正确的是（）A．灯L可能变亮 B．灯L亮度可能不变C．电阻R可能断路D．电阻R可能短路10．把两个电阻R1与R2接在电源电压为U的电路中，已知R1＞R2，下列说法中不正确的是（）A．当它们串联时，它们两端的电压U1＜U2B．当它们两端的电压U1=U2=U时，它们是并联的C．当它们并联时，通过它们的电流I1＞I2D．电流通过R1、R2消耗的电功率为P1、P2，若P1＞P2时，则它们一定是并联的11．如图所示的电路，R表示电路的总电阻，P1、P2与P分别表示R1、R2和R的实际功率．下列说法正确的是（）A．若已知R2、U1与P1，则R=（）+R2B．若已知R、P1与I，则R2=R﹣（）C．若已知R2、U2与P1，则P=（）+P1D．只要已知其中任意三个量，就能求出其余所有的物理量二、填空题（每空2分）12．若将灭火器放在烈日下，这样会通过的方法使其温度升高，内能增加，具有一定的危险性，为了安全，灭火器应存放在阴凉干燥处．13．两盏额定电压都是U的电灯，它们的额定功率分别为P1和P2，如果将它们串联后接到电压为U的电路中，则两盏灯的总功率为．14．汽油的热值是4.6×107kg汽油放出的热量是J．15．电阻器R1标有“10Ω 0.6A”，电阻器R2标有“15Ω 0.8A”．如果把它们并联起来使用，干路中允许通过的最大电流是．16．甲、乙两个电阻上的电流随其两端电压变化情况如图所示．把它们并联在电路中，当甲消耗的电功率为4W时，乙消耗的电功率为W．17．在家庭电路中，当发生短路故障或电路中用电器的过大时，均由于干路电流过大而导致空气开关“跳闸”．18．相同质量的干木柴和焦炭完全燃烧所放出的热量不同，这是由于不同种燃料不同．19．质量为0.25kg的牛奶，温度由5℃升高到85℃，需要吸收J的热量．[c牛奶=2.5×103J/（kg•℃）]．20．如图所示电路，电源两端电压不变，且R1＜R2，闭合开关S1，断开开关S2，电压表的示数为U；断开开关S1，闭合开关S2，若使电压表的示数仍为U，滑动变阻器的滑片P应向端移动（选填“A”或“B”）．三、实验与探究题（11×2′=22′）21．为了比较水和沙子吸热本领的大小，小文做了如图所示的实验：在两个相同的烧杯中，分别装有质量、初温都相同的水和沙子，用两个相同的酒精灯对其加热，实验数据记录如下表：（1）在此实验中用表示水和沙子吸热的多少；（2）分析表中的实验数据可知：质量相同的水和沙子，升高相同温度时，水吸收的热量（选填“大于”或“小于”）沙子吸收的热量；（3）如果加热相同的时间，质量相同的水和沙子，（选填“水”或“沙子”）升高的温度更高．质量/g 温度升高10℃所需要的时间/s 温度升高20℃所需要的时间/s温度升高30℃所需要的时间/s沙子30 64 89 124 水30 96 163 22022．小岩利用“伏安法”测量定值电阻R的阻值．（1）请你添加一条导线，将图1所示的实物图补充完整；（2）闭合开关S前，应把图1中滑动变阻器的滑片P置于最（选填“左”或“右”）端；（3）检查电路连接正确后，闭合开关S，滑动变阻器的滑片P滑动到某一位置时，电压表的示数如图2所示，电流表的示数如图3所示，则电压表的示数为V，电流表的示数为A，电阻R的阻值为Ω．23．在探究“电流通过导体产生的热量与哪些因素有关”时，把两段电热丝A、B分别放在如图所示的甲、乙两个完全相同的烧瓶中并接入电路，在烧瓶中加入质量、初温均相同的煤油，再分别插入相同的温度计．闭合开关通电一定时间，可以通过温度计的示数变化情况，了解电热丝产生热量的多少．已知A、B两电热丝的电阻分别为R A、R B，且R A＞R B．这个方案是用来探究和通电时间相同时，电流通过电热丝产生的热量与大小的关系．请你应用所学知识推断，实验过程中（选填“甲”或“乙”）烧瓶内煤油的温度升高得更快．四、计算题（6′+10′=16′）24．如图是家庭、宾馆常用的电热水壶，下表中列出了这只电热水壶部分技术参数．求：型号FY﹣TSl010A额定电压220V频率50Hz额定功率1000W容量（1）电热水壶正常工作的电流（计算结果请保留一位小数）；（2）若电热水壶正常工作6min能烧开一壶水，则电热水壶烧开一壶水所消耗的电能；（3）电热水壶烧开一壶水的过程中，若水所吸收热量为3.24×105J，则该电热水壶烧水的效率．25．如图所示的电路中，电源两端的电压保持不变，阻值分别为R1、R2的定值电阻其阻值不随温度变化，滑动变阻器的最大阻值为R3．当闭合开关S、S1，断开开关S2，滑动变阻器的滑片P滑至中点时，电压表的示数为U1，滑动变阻器的电功率P1=2.4W，电流表的示数为I1；当闭合开关S和S2，断开开关S1，滑动变阻器的滑片P滑至端点A时，电压表的示数为U2，电路的总电功率P2=2.88W，电流表的示数为I2；当所有开关都闭合，滑动变阻器的滑片P滑到端点B时，电路的总电功率为P3．已知：，求：（1）R2与R3的阻值之比；（2）U1与U2之比；（3）总电功率P3．某某省天门市某某中学等三校联考2015-2016学年九年级（上）月考物理试卷（12月份）参考答案与试题解析一、选择题（每小题2分）1．下列实例中，利用做功的方式使物体内能增加的是（）A．捂热水袋的手变暖B．放进热汤中的金属汤勺变得烫手C．用锯子锯木头，锯条的温度升高D．炽热的金属片插入水中后，水温升高【考点】做功改变物体内能．【专题】分子热运动、内能．【分析】改变物体内能有两种方式：做功和热传递．做功主要有摩擦生热和压缩气体做功，做功实质是能量的转化；热传递实质是内能从一个物体转移到另一个物体，或者是从一个物体的高温部分传到低温部分．【解答】解：A、捂热水袋，使手变暖，属于热传递改变物体的内能，不符合题意．B、放进热汤中的金属汤勺，从热汤吸热、温度升高、内能增加，属于热传递改变物体的内能，不符合题意．C、用锯子锯木头，克服摩擦做功，使锯条的温度升高、内能增加，属于做功改变物体的内能，符合题意．D、炽热的金属片插入水中后，水从金属片吸热，使水的内能增加、温度升高，属于热传递改变物体的内能，不符合题意．故选C．【点评】（1）解决此类问题要结合改变物体内能的方式及能量的转化和转移进行分析解答；（2）热传递过程是能量的转移过程，做功过程是能量的转化过程．2．如图所示的各种做法中，符合安全用电原则的是（）A．用铜线挑开通电的裸导线B．保持电器外壳良好接地C．在高压线附近放风筝D．用湿布擦拭电灯【考点】安全用电原则．【专题】电与热、生活用电．【分析】当人体直接或间接接触火线并形成电流通路的时候，就会有电流流过人体，从而造成触电．安全用电的原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体．发现有人触电时，首先切断电源或让触电者尽快脱离开电源，再实行救援措施；当人体直接或间接接触火线并形成电流通路的时候，就会有电流流过人体，从而造成触电．【解答】解：A、发现有人触电时，应尽快切断电源或用绝缘干木棍挑开电线，让触电者尽快脱离开电源，再实行救治措施；铜线是导体，接触会发生触电．故A不符合安全用电原则．B、大功率或带有金属外壳的用电器，其金属外壳一定要接地，以防用电器外壳带电，会危及人身安全．故B符合安全用电原则；C、安全用电的原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体．在高压线下放风筝不符合安全用电要求．故C不符合安全用电原则；D、通电电灯的灯头属于带电体，用湿布擦拭时，湿布属于导体，有可能使电流通过水传到人体上，使人体触电，十分危险，故擦拭前应先断开开关．故D不符合安全用电原则．故选B．【点评】本题考查的是日常生活中的一些安全用电常识，要掌握安全用电的原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体．值得注意的是：本来不带电的物体带了电；本来不导电的物体导电了．3．关于温度和热量的概念，下列说法中正确的是（）A．温度高的物体放出热量多B．温度高的物体具有热量多C．两个物体升高相同的温度，吸收热量一定相同D．在热传递过程中，物体温度升高时，一定吸收热量【考点】温度、热量与内能的关系．【专题】分子热运动、内能．【分析】（1）热传递过程中，传递能量的多少叫热量．热量是热传递过程中出现的一个物理量，不能说某一物体含有多少热量．（2）物体的温度改变，内能一定改变；改变物体内能的方式有做功和热传递两种，这两种方式是等效的．（3）热传递过程中，高温物体放出热量温度降低，低温物体吸收热量温度升高；晶体凝固过程放出热量温度不变．（4）改变物体内能的方式有做功和热传递两种，这两种方式是等效的．【解答】解：A、物体的温度越高时它含的内能越多，但不能说放出的热量多．故A不符合题意．B、物体温度升高，内能增加，可能是吸收了热量，也可能是对它做了功．故B不符合题意．C、物体放出热量，可能是在物体的温度变化，也可能是状态的变化．故C不符合题意．D、在热传递过程中，物体温度升高时，一定吸收热量．故D符合题意．故选D．【点评】要正确理解温度、热量与内能的关系，改变物体内能的两种方法是等效的．还要注意：物体吸热或温度升高，内能一定增大；但物体吸收了热量，不一定是用来升高温度．反之也如此．如晶体熔化、晶体凝固、液体沸腾这几个特殊例子．4．小阳在家中看电视，感觉室内较冷，他打开了电暖气取暖，下列说法正确的是（）A．电视机中的电流小了B．电视机两端的电压变大了C．家庭电路的总电阻变大了D．家庭电路的总功率变大了【考点】并联电路的电压规律；并联电路的电流规律；电阻的并联；电功率．【专题】电与热、生活用电．【分析】家庭电路中各用电器是并联的，工作时互不影响，根据并联电路的特点、并联电阻的规律、并联电路功率的特点等对照选项可做出判断．【解答】解：A、家庭电路中各用电器是并联的，工作时互不影响，所以打开电暖气取暖，对电视机中的电流没有影响，故选项说法错误；B、家庭电路中各用电器是并联的，各用电器两端的电压都等于电源电压，故选项说法错误；C、家庭电路中各用电器是并联的，根据电阻越并越小的规律可知，打开电暖气取暖，电路的总电阻变小了，故选项说法错误；D、家庭电路中各用电器工作时的功率之和，就是电路中的总功率，所以电暖气取暖，电路的总功率变大了，故选项说法正确．故选D．【点评】本题考查了并联电路中的电流、电压、电阻、电功率等特点，是一道综合题，要求我们对基本的规律有一个熟练的掌握，但总体难度不大．5．图中，当开关S闭合时，小灯泡L1和L2均不亮．某同学用一根导线去查找电路故障，他先用导线把L1短接，发现L2亮，L1不亮；再用该导线把L2短接，发现两灯均不亮．由此可判断（）A．L1断路B．L2断路C．开关断路 D．电源断路【考点】电路的三种状态．【专题】电流和电路．【分析】电路故障包括短路和断路；根据导线接入电路的情况和灯泡的发光情况确定电路的具体故障位置．【解答】解：开关闭合后，两灯泡都不发光，说明电路出现断路现象；将导线把L1短接时，发现L2亮，L1不亮，说明灯泡L2正常，L1断路；用该导线把L2短接，发现两灯均不亮，进一步说明L1断路．故选A．【点评】本题考查用导线和灯泡的发光情况检测电路的故障所在，当电路出现断路时，电路中没有电流，用电器不能工作；当电路出现短路时，电路中有电流，但是被短路的用电器不能工作．6．图1中，小灯泡的额定电压为6V，将粗细均匀的电阻丝AB（其阻值不随温度变化）通过滑片P连入电源两端电压不变的电路中．闭合开关S后，滑片P从最左端A滑到最右端B的过程中，小灯泡的I﹣U关系图象如图2所示．当小灯泡消耗的功率为2.8W时，下列阻值与此时电阻丝AB连入电路的电阻阻值最接近的是（）A．1ΩB．3ΩC．5ΩD．6Ω【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算．【专题】电路和欧姆定律；电能和电功率．【分析】当滑片在B端时，AB接入电路电阻为0，由图象可以得到电源电压；由图象可以得到灯泡两端电压为3V、4V时通过的电流，分别利用公式P=UI、R=得到对应的灯泡的实际功率和灯丝电阻；已知电源电压，根据R=得到两种情况下电路的总电阻，进而得到AB连入电路的电阻；已知灯泡消耗的功率与两种情况下是实际功率对比，可以得到AB接入电路的电阻X围．【解答】解：由图象知：①当滑片在B端，AB接入电路电阻为0，电流只从电源电压为U=U额=6V；②当灯泡两端电压U实=3V时，通过灯泡的电流为I实=0.75A，灯泡的实际功率为P实=U实I实=3V×0.75A=2.25W，∵I=，∴此时灯丝电阻为R L实===4Ω，此时电路总电阻为R总===8Ω，∴AB接入电路的电阻为R AB=R总﹣R L实=8Ω﹣4Ω=4Ω，已知灯泡消耗的实际功率为2.8W＞2.25W，说明AB接入电路的电阻小于4Ω；③当灯泡两端电压U实′=4V时，通过灯泡的电流为I实′=0.875A，灯泡的实际功率为P实′=U实′I实′=4V×0.875A=3.5W，此时灯丝电阻为R L实′==≈4.6Ω，此时电路总电阻为R总′==≈6.86Ω，∴AB接入电路的电阻为R AB′=R总′﹣R L实6Ω；已知灯泡消耗的实际功率为2.8W＜3.5W，说明AB接入电路的电阻大于2.26Ω．故选B．【点评】此题考查的是串联电路的特点、欧姆定律和电功率规律的应用，读懂图象表达的含义，充分利用图象信息得到灯泡实际电压、实际电流和对应的实际功率，是解答此题的关键．题目设计巧妙，但难度较大．7．关于分子动理论及有关现象，下列说法正确的是（）A．铁块很难被压缩，说明分子之间存在相互作用的引力B．湿衣服在热天比冷天干得快，说明热水分子间的斥力较大C．水和酒精混合后总体积变小，说明物质的分子之间存在间隙D．用力能将尘土从衣服上抖落，说明分子在永不停息地做无规则运动【考点】分子动理论的基本观点．【专题】应用题；分子热运动、内能．【分析】物质是由分子组成的，分子处于永不停息的运动状态，分子之间存在间隙，分子同时存在相互作用的引力和斥力；温度越高，分子运动越剧烈．【解答】解：A、铁块很难被压缩，说明分子之间存在相互作用的斥力，故A错误；B、湿衣服在热天比冷天干得快，说明温度越高，分子运动速度越快；故B错误；C、水和酒精混合后体积变小，是因为分子之间有间隙．故C说法正确；D、用力能将尘土从衣服上抖落，说明一切物体都具有惯性，故D错误．故选C．【点评】本题考查学生应用分子的观点来解释一些日常生活中的现象，注意用分子观点解释的现象都是用肉眼看不见的现象．8．如图所示电路，滑片位于滑动变阻器中点，当闭合开头S后，将滑片P由中点向左移动的过程中，电流表、电压表的示数如何变化（）A．电流表示数变大，电压表示数变大B．电流表示数变大，电压表示数不变C．电流表示数变小，电压表示数变大D．电流表示数不变，电压表示数不变【考点】电路的动态分析；欧姆定律的应用．【专题】应用题；动态预测题；电路和欧姆定律；电路变化分析综合题．【分析】由电路图可知，电路为滑动变阻器的简单电路，电压表测电源的电压，电流表测电路中的电流．根据电源的电压可知滑片移动时电压表示数的变化，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流表示数的变化．【解答】解：由电路图可知，电路为滑动变阻器的简单电路，电压表测电源的电压，电流表测电路中的电流．因电源的电压不变，所以，滑片移动时，电压表的示数不变，故AC错误；将滑片P由中点向左移动的过程中，接入电路中的电阻变小，由I=可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大，故B正确，D错误．故选B．【点评】本题考查了电路的动态分析，分析好电表所测的电路元件和滑片移动时接入电路中电阻的变化是关键．9．在图所示的电路中，电源电压不变．闭合开关S，电路正常工作，一段时间后，发现其中一个电压表示数变大，则下列说法正确的是（）A．灯L可能变亮 B．灯L亮度可能不变C．电阻R可能断路D．电阻R可能短路【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用．【专题】欧姆定律．【分析】（1）分析电路图，电阻和灯泡串联，左侧电压表测量的是串联电路两端的总电压（电源电压），右侧电压表测量的是电阻R两端的电压．（2）左侧电压表测量的是串联电路两端的总电压（电源电压），无论两灯发生什么故障，其示数不变；所以示数变大的电压表应该是右侧电压表的示数变大，由短路和断路故障进行分析．【解答】解：左侧电压表测量的是串联电路两端的总电压（电源电压），无论两灯发生什么故障，其示数不变；所以示数变大的电压表应该是右侧电压表的示数变大．AB、因右侧电压表的示数变大，且电阻和灯泡串联，则灯L两端的电压为零，所以灯L不发光，故AB错误．C、若电阻R断路，则灯泡与右侧电压表串联，因电压表的内阻很大，灯泡不亮，右侧电压表测电源电压，故示数会变大，所以电阻R可能断路；符合题意．D、如果电阻R短路，则对右侧电压表也会短路，示数为零，故电阻R不可能短路．故选C．【点评】本题考查学生对电路的分析能力，知道测量电源电压的电压表示数不会变大；了解灯或电阻发生短路或断路时对电路的影响．10．把两个电阻R1与R2接在电源电压为U的电路中，已知R1＞R2，下列说法中不正确的是（）A．当它们串联时，它们两端的电压U1＜U2B．当它们两端的电压U1=U2=U时，它们是并联的C．当它们并联时，通过它们的电流I1＞I2D．电流通过R1、R2消耗的电功率为P1、P2，若P1＞P2时，则它们一定是并联的【考点】欧姆定律的应用；电功率．【专题】错解分析题；欧姆定律；电能和电功率．【分析】两个电阻的连接方式有串联和并联，已知R1＞R2；因此根据串并联电路中电流和电压的规律进行分析．【解答】解：串联电路中，I1=I2=I，则==；并联电路中，U1=U2=U，==；由题知，R1＞R2，A、当它们串联时，它们两端的电压U1＞U2，故A选项错误；B、当它们两端的电压U1=U2=U时，它们是并联的，故B正确；C、当它们并联时，通过它们的电流I1＜I2，故C选项错误．D、电流通过R1、R2消耗的电功率为P1、P2，因R1、R2串联时，I1=I2，根据P=I2R知P1＞P2；R1、R2并联时，U1=U2，根据P=知P1＜P2，所以若P1＞P2，它们一定是串联的．故D选项错误．故选：ACD．【点评】本题考查串并联电路的电压、电流和功率的规律，能根据电阻的大小以及电路中电流和电压的特点辨别电路．11．如图所示的电路，R表示电路的总电阻，P1、P2与P分别表示R1、R2和R的实际功率．下列说法正确的是（）A．若已知R2、U1与P1，则R=（）+R2B．若已知R、P1与I，则R2=R﹣（）C．若已知R2、U2与P1，则P=（）+P1D．只要已知其中任意三个量，就能求出其余所有的物理量【考点】电功率的计算；串联电路的电流规律；电阻的串联．【专题】应用题；电流和电路；电能和电功率．【分析】由图象可知，R1与R2串联，根据串联电路的特点和电功率公式P=、P=I2R进行分析解答．【解答】解：A．若已知R2、U1与P1，根据P=可得，R1=，根据串联电路中总电阻等于各分电阻之和可得，R=（）+R2，故A正确；B．若已知R、P1与I，根据P=I2R可得，R1=，根据串联电路中总电阻等于各分电阻之和可得，R2=R﹣（），故B不正确；C．若已知R2、U2与P1，则R2的电功率P2=，则P=（）+P1，故C正确；D．由B选项中已知R、P1与I不能求出R2可知，D不正确．故选AC．【点评】本题考查了串联电路的特点和电功率公式的应用，灵活的选用功率和明白各式的含义是关键．二、填空题（每空2分）12．若将灭火器放在烈日下，这样会通过热传递的方法使其温度升高，内能增加，具有一定的危险性，为了安全，灭火器应存放在阴凉干燥处．【考点】热传递改变物体内能．【专题】分子热运动、内能．【分析】本题抓住热传递物体内能改变，热传递有传导、对流和辐射三种方式．物体吸收热量，内能增加，温度升高，物体放出热量，内能减少，温度降低．【解答】解：改变内能的两种方式：做功和热传递，物体吸收热量，内能增加，温度升高，物体放出热量，内能减少，温度降低．灭火器放在烈日下温度会升高，这是通过热传递的方法使其内能增加，具有一定的危险性，为了安全，灭火器应存放在阴凉干燥处．故答案为：热传递．【点评】本题考查了内能改变的途径、物体吸收热量，内能增加，温度升高．13．两盏额定电压都是U的电灯，它们的额定功率分别为P1和P2，如果将它们串联后接到电压为U的电路中，则两盏灯的总功率为．【考点】电功率的计算；电阻的串联．【专题】应用题；电压和电阻；电能和电功率．【分析】知道两盏电灯的额定电压和额定功率，根据P=求出两盏电灯的电阻，将它们串联后接到电压为U的电路中时，根据电阻的串联和P=求出两盏灯的总功率．【解答】解：根据P=可得，两盏电灯的电阻分别为：R1=，R2=，将它们串联后接到电压为U的电路中时，∵串联电路中总电阻等于各分电阻之和，。

高三物理月考试题及答案-广东广州市实验中学2016届高三上学期第二次段考试卷

2015-2016学年广东省广州市实验中学高三（上）第二次段考物理试卷1．在力学理论建立的过程中，有许多伟大的科学家做出了贡献．关于科学家和他们的贡献，下列说法中不正确的是（）A．伽利略首先将实验事实和逻辑推理（包括数学推演）和谐地结合起来B．牛顿总结出了万有引力定律并用实验测出了引力常量C．笛卡尔对牛顿第一定律的建立做出了贡献D．开普勒通过研究行星观测记录，发现了行星运动三大定律2．如图所示，长为r的细杆一端固定一个质量为m的小球，使之绕另一端O在竖直面内做圆周运动，小球运动到最高点时的速度v=，物体在这点时（）A．小球对细杆的拉力是B．小球对杆的压力是C．小球对杆的拉力是mg D．小球对杆的压力是mg3．水平抛出的小球，以刚抛出时为计时起点与位移起点，在t秒末时速度方向与水平方向的夹角为α1，在t+t0秒末时位移方向与水平方向的夹角为α2，重力加速度为g，忽略空气阻力，则小球初速度的大小可表示为（）A．B．C．D．4．如图，竖直平面内的轨道Ⅰ和Ⅱ都由两段直杆连接而成，两轨道长度相等，一小球穿过细直杆且球与两轨道间的动摩擦因数相等．用相同的水平恒力将穿在轨道最低点B的静止小球，分别沿Ⅰ和Ⅱ推至最高点A，假定球在经过轨道转折点的前后速度大小不变．全过程中动能增量分别为△E k1、△E k2，重力势能增量分别为△E P1、△E P2，则（）A．△E k1=△E k2，△E P1=△E P2B．△E k1＞△E k2，△E P1=△E P2C．△E k1＜△E k2，△E P1=△E P2D．△E k1＞△E k2，△E P1＜△E P25．质量为m=2kg的物体沿水平面向右做直线运动，t=0时刻受到一个水平向左的恒力F，如图甲所示，此后物体的v﹣t图象如图乙所示，取水平向右为正方向，g=10m/s2，则（）A．物体与水平面间的动摩擦因数为μ=0.5B．10s末恒力F的功率为6WC．10s末物体恰好回到计时起点位置D．10s内物体克服摩擦力做功34J6．如图所示，倾角为θ的斜面上只有AB段粗糙，其余部分都光滑，AB段长为3L．有若干个相同的小方块（每个小方块视为质点）沿斜面靠在一起，但不粘接，总长为L．将它们由静止释放，释放时下端距A为3L．当下端运动到A下面距A为L/2时小方块运动的速度达到最大．设小方块与粗糙斜面的动摩擦因数为μ，小方块停止时下端与A点的距离为s，则下列说法正确的是（）A．μ=tanθB．μ=2tanθC．s=3L D．s=4L7．如图甲所示，静止在水平面上的物体在竖直向上的拉力F作用下开始向上加速运动，拉力的功率恒定为P，运动过程中所受空气阻力大小不变，物体最终做匀速运动．物体运动速度的倒数与加速度a的关系如图乙所示．若重力加速度大小为g，下列说法正确的是（）A．物体的质量为B．空气阻力大小为C．物体加速运动的时间为D．物体匀速运动的速度大小为v08．如图所示，质量为m的物体（可视为质点）以某一速度从A点冲上倾角为30°的固定斜面，其运动的加速度大小为g，此物体在斜面上上升的最大高度为h，则在这个过程中物体（）A．重力势能增加了mgh B．克服摩擦力做功0.5mghC．动能损失了2mgh D．机械能损失了mgh9．为了探测X星球，载着登陆舱的探测飞船在以该星球中心为圆心，半径为r1的圆轨道上运动，周期为T1…总质量为m1．随后登陆舱脱离飞船，变轨到离星球更近的半径为r2的圆轨道上运动，此时登陆舱的质量为m2，则（）A．X星球的质量为M=B．X星球表面的重力加速度为g x=C．登陆舱在T1与r2轨道上运动时的速度大小之比为=D．登陆舱在半径为r2轨道上做圆周运动的周期为T2=T110．利用图示装置可以做力学中的许多实验．（1）利用此装置做“研究匀变速直线运动”的实验时，（选填“需要”或“不需要”）设法消除小车和木板间的摩擦阻力的影响．（2）利用此装置探究“加速度与质量的关系”并用图象法处理数据时，如果画出的a﹣m关系图象是曲线，则（选填“能”或“不能”）确定小车的加速度与质量成反比．（3）利用此装置探究“功与速度变化的关系”的实验时，通过增减砝码改变小车所受拉力时，（选填“需要”或“不需要”）重新调节木板的倾斜度．11．某实验小组想测量木板对木块的摩擦力所做的功，装置如图1所示，一木块放在粗糙的水平长木板上，左侧栓有一细线，跨过固定在木板边缘的滑轮与重物连接，木块右侧与穿过打点计时器的纸带相连，长木板固定在水平实验台上．实验时，木块在重物牵引下向右运动，重物落地后，木块继续向左做匀减速运动，图2给出了重物落地后打点计时器打出的纸带，系列小黑点是计数点，每相邻两计数点间还有4个点（图中未标出），计数点间的距离如图所示．打点计时器所用交流电频率为50Hz，不计纸带与木块间的作用力．（1）可以判断纸带的（左或右）端与木块连接．（2）根据纸带提供的数据计算打点计时器在打下A点和B点时木块的速度：v A=m/s，v B=m/s．（结果均保留两位有效数字）（3）要测量在AB段木板对木块的摩擦力所做的功W AB，还需要的实验器材是，还应测量的物理量是．（填入所选实验器材和物理量前的字母）A．木板的长度l B．木块的质量m1C．木板的质量m2D．重物质量m3E．木块运动的时间t F．AB段的距离l ABG．天平 H．刻度尺J．弹簧秤（4）在AB段，木板对木块的摩擦力所做的功的关系式W AB=．（用v A、v B和第（3）问中测得的物理量的字母表示）12．（10分）如图，在水平轨道右侧固定半径为R的竖直圆槽形光滑轨道，水平轨道的PQ 段铺设特殊材料，调节其初始长度为l；水平轨道左侧有一轻质弹簧左端固定，弹簧处于自然伸长状态．可视为质点的小物块从轨道右侧A点以初速度v0冲上轨道，通过圆形轨道、水平轨道后压缩弹簧，并被弹簧以原速率弹回．已知R=0.4m，l=2.5m，v0=6m/s，物块质量m=1kg，与PQ段间的动摩擦因数μ=0.4，轨道其他部分摩擦不计．取g=10m/s2．求：（1）物块经过圆轨道最高点B时对轨道的压力；（2）物块从Q运动到P的时间及弹簧获得的最大弹性势能；（3）调节仍以v0从右侧冲上轨道，调节PQ段的长度l，当l长度是多少时，物块恰能不脱离轨道返回A点继续向右运动．13．（12分）如图甲所示，在竖直平面内有一个直角三角形斜面体，倾角θ为30°，斜边长为x0，以斜面顶部O点为坐标轴原点，沿斜面向下建立一个一维坐标x轴．斜面顶部安装一个小的定滑轮，通过定滑轮连接两个物体A、B（均可视为质点），其质量分别为m1、m2，所有摩擦均不计，开始时A处于斜面顶部，并取斜面底面所处的水平面为零重力势能面，B 物体距离零势能面的距离为；现加在A物体上施加一个平行斜面斜向下的恒力F，使A 由静止向下运动．当A向下运动位移x0时，B物体的机械能随x轴坐标的变化规律如图乙，则结合图象可求：（1）B质点最初的机械能E1和上升x0时的机械能E2；（2）恒力F的大小．14．（19分）如图所示，左边为是两个四分之一圆弧衔接而成的轨道EF，右边为两个斜面AB、CD和一段光滑圆弧组成的曲面台．设大小两个四分之一圆弧半径为2R和R，两斜面倾角均为θ=370，AB=CD=2R，且A、D等高，D端固定一小挡板，假设碰撞不损失机械能．一质量为m的滑块与斜面动摩擦因数均为0.25，将滑块从地面上光滑的小平台上以一定的初速度经E点进入圆弧轨道，从最高点F飞出后进入右边的斜面上．重力加速度为g．（1）设滑块恰能无挤压地从F点飞出，同时为了使滑块恰好沿AB斜面进入右边轨道，应调节右边下面支架高度使斜面的A、D点离地高为多少？（2）接（1）问，求滑块在斜面上走过的总路程．（3）当滑块的以不同初速度进入EF，求其通过最高点F和小圆弧最低点E时受压力之差的最小值．答案1.【考点】物理学史．【分析】本题比较简单考查了学生对物理学史的了解情况，在物理学发展的历史上有很多科学家做出了重要贡献，大家熟悉的牛顿、爱因斯坦、法拉第等，在学习过程中要了解、知道这些著名科学家的重要贡献．【解答】解：A、伽利略首先将实验事实和逻辑推理（包括数学推演）和谐地结合起来，标志着物理学的真正开始，故A正确；B、万有引力常量是由卡文迪许测出的，故B错误；C、笛卡尔等人又在伽利略研究的基础上进行了更深入的研究，他认为：如果运动物体，不受任何力的作用，不仅速度大小不变，而且运动方向也不会变，将沿原来的方向匀速运动下去，因此笛卡尔对牛顿第一定律的建立做出了贡献，故C正确；D、开普勒提出行星运动三大定律，故D正确．本题选错误的，故选：B．【点评】要熟悉物理学史，了解物理学家的探索过程，从而培养学习物理的兴趣和为科学的奉献精神．2.【考点】向心力；物体的弹性和弹力．【专题】匀速圆周运动专题．【分析】球在最高点对杆恰好无压力时，重力提供向心力，根据牛顿第二定律列式求解速度；即时速度v=时，再对小球受力分析，根据牛顿第二定律列式求解杆的弹力即可．【解答】解：球在最高点对杆恰好无压力时，重力提供向心力，根据牛顿第二定律，有：mg=m解得：由于v=＜v0故杆对球有支持力，根据牛顿第二定律，有：mg﹣N=m解得：N=mg﹣m=根据牛顿第三定律，球对杆有向下的压力，大小为mg；故选：B．【点评】本题关键是明确向心力来源，求解出弹力为零的临界速度，然后结合牛顿第二定律列式分析，不难．3.【考点】平抛运动．【专题】平抛运动专题．【分析】平抛运动在水平方向做匀速直线运动，在竖直方向做自由落体运动．根据t时刻速度与水平方向的夹角，可得到水平初速度与时间的关系．再根据t+t0秒末时位移与水平方向的夹角，列式分析即可．【解答】解：据题可得：t秒末时有：tanα1==在t+t0秒末时有：tanα2===联立以上两式，消去t解得：v0=故选：D【点评】解决本题的关键掌握平抛运动的处理方法：运动的分解法，知道平抛运动在水平方向做匀速直线运动，在竖直方向做自由落体运动，并掌握分运动的规律．4.【考点】功能关系；动能和势能的相互转化．【专题】定量思想；图析法；守恒定律在近代物理中的应用．【分析】先分析整个过程摩擦力做功关系，根据动能定理比较动能的增加量；由重力做功情况，分析重力势能增量关系．【解答】解：设任一斜面的倾角为θ，斜面的长度为s，则物体在该斜面上下滑时摩擦力做功为W f=﹣μmgcosθ•s=﹣μmgx，x是斜面底边的长度，可知小球沿两轨道运动时，摩擦力做功相等，根据动能定理得：W F﹣mgh﹣W f=△E k，知两次情况拉力做功相等，摩擦力做功相等，重力做功相等，则动能的变化量相等．即有△E k1=△E k2．根据W G=mgh知，重力做功相等，则重力势能增量相等，即有△E P1=△E P2，故A正确．故选：A【点评】本题考查了动能定理与运动学的综合，通过动能定理比较动能变化量的关系，关键要知道滑动摩擦力做功与水平位移有关．5.【考点】动能定理；功的计算．【专题】定量思想；图析法；动能定理的应用专题．【分析】由v﹣t图分别求得由力F和没有力F作用时的加速度，对两段时间分别运用牛顿第二定律列式后联立求解；设10s末物体离起点点的距离为d，d应为v﹣t图与横轴所围的上下两块面积之差，根据功的公式求出克服摩擦力做功．【解答】解：A、设物体向右做匀减速直线运动的加速度为a1，则由v﹣t图得：加速度大小a1===2m/s2，方向与初速度方向相反…①设物体向左做匀加速直线运动的加速度为a2，则由v﹣t图得：加速度大小a2==1m/s2，方向与初速度方向相反…②根据牛顿第二定律，有：F+μmg=ma1…③F﹣μmg=ma2…④解①②③④得：F=3N，μ=0.05，故A错误．B、10s末恒力F的瞬时功率P=Fv=3×6W=18W．故B错误．C、根据v﹣t图与横轴所围的面积表示位移得：10s内位移为x=×4×8﹣×6×6m=﹣2m，则知10s末物体恰在起点左侧2m处．故C错误．D、10s内克服摩擦力做功Wf=fs=μmgs=0.05×20×（×4×8+×6×6）J=34J．故D正确．故选：D【点评】本题关键先根据运动情况求解加速度，确定受力情况后求解出动摩擦因数，根据v ﹣t图与横轴所围的面积表示位移求解位移．要注意滑动摩擦力与路程有关．6.【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动规律的综合运用．【专题】定量思想；类比法；动能定理的应用专题．【分析】有半数木块过A点速度最大，此时整体的合力为零，根据平衡条件求解求出动摩擦因数．根据动能定理即可求解小方块停止时下端与A的距离．【解答】解：设小方块的总质量为m．当下端运动到A下面距A为L时小方块运动的速度达到最大，此时整体的合外力为零，根据平衡条件得：•μmgcosθ=mgsinθ解得：μ=2tanθ小方块停止时下端与A的距离是s，则根据动能定理得：mg（3L+s）sinθ﹣μmgcosθ•L﹣μmgcosθ（s﹣L）=0将μ=2tanθ代入解得：s=4L．故选：BD【点评】本题主要考查了动能定理的直接应用，要求同学们能选取合适的过程运用动能定理求解，要注意摩擦力随位移均匀增大时要用摩擦力的平均值求其做功．7.【考点】功率、平均功率和瞬时功率．【专题】功率的计算专题．【分析】物体在竖直方向上在额定功率下做变加速运动，根据牛顿第二定律求的与a的关系式，结合乙图即可判断，当拉力等于重力和阻力时速度达到最大【解答】解：A、由题意可知P=Fv，根据牛顿第二定律由F﹣mg﹣f=ma联立解得由乙图可知，，解得，f=，故AB正确C、物体做变加速运动，并非匀加速运动，不能利用v=at求得时间，故C错误；D、物体匀速运动由F=mg+f，此时v==v0，故D正确故选：ABD【点评】本题主要考查了图象，能利用牛顿第二定律表示出与a的关系式是解决本题的关键8.【考点】功能关系；动能和势能的相互转化．【专题】定性思想；推理法；守恒定律在近代物理中的应用．【分析】根据动能定理知，合力做功等于动能的变化量，机械能等于重力势能和动能之和，通过动能和重力势能的变化判断机械能的变化．【解答】解：A、物体在斜面上能够上升的最大高度为h，所以重力势能增加了mgh，故A 正确；B、根据牛顿第二定律知，物体运动的加速度大小为g，所受的合力为mg，方向沿斜面向下，根据动能定理得，△E k=﹣mg•2h=﹣2mgh，知动能减小2mgh．物体重力势能增加mgh，所以机械能减小mgh，除重力以外的力做的功等于物体机械能的变化量，则摩擦力对物体做﹣mgh的功，所以克服摩擦力做功mgh，故CD正确，B错误．故选：ACD．【点评】解决本题的关键掌握功能关系，比如合力功与动能的关系，重力功与重力势能的关系，以及除重力以外其它力做功与机械能的关系，并能灵活运用．9.【考点】万有引力定律及其应用．【专题】万有引力定律的应用专题．【分析】研究飞船绕星球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式求出中心体的质量．研究登陆舱绕星球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式表示出线速度和周期．再通过不同的轨道半径进行比较．【解答】解：A、研究飞船绕星球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式：G=m1r1（）2得出：M=，故A正确．B、根据圆周运动知识，a=只能表示在半径为r1的圆轨道上向心加速度，而不等于X星球表面的重力加速度，故B错误．C、研究登陆舱绕星球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力有：在半径为r的圆轨道上运动：=m得出：v=，表达式里M为中心体星球的质量，R为运动的轨道半径．所以登陆舱在r1与r2轨道上运动时的速度大小之比为==，故C错误．D、研究登陆舱绕星球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式：在半径为r的圆轨道上运动：G=m r得出：T=2π ．表达式里M为中心体星球的质量，R为运动的轨道半径．所以可得T2=T1．故D正确．故选：AD．【点评】本题主要考查万有引力提供向心力这个关系，要注意向心力的公式选取要根据题目提供的已知物理量或所求解的物理量选取应用．10.【考点】探究小车速度随时间变化的规律．【专题】实验题．【分析】利用图示小车纸带装置可以完成很多实验，在研究匀变速直线运动时不需要平衡摩擦力，在探究“小车的加速度与质量的关系”和探究“功与速度变化的关系”实验时，需要平衡摩擦力；在探究“小车的加速度a与力F的关系”时，根据牛顿第二定律求出加速度a的表达式，不难得出当钧码的质量远远大于小车的质量时，加速度a近似等于g的结论．【解答】解：（1）此装置可以用来研究匀变速直线运动，但不需要平衡摩擦力；（2）曲线的种类有双曲线、抛物线、三角函数曲线等多种，所以若a﹣m图象是曲线，不能断定曲线是双曲线，即不能断定加速度与质量成反比，应画出a﹣图象．（3）利用此装置探究“功与速度变化的关系”的实验时，通过增减砝码改变小车所受拉力时，不需要重新调节木板的倾斜度．故答案为：（1）不需要；（2）不能；（3）不需要．【点评】解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项，然后熟练应用物理规律来解决实验问题．11.【考点】探究功与速度变化的关系．【专题】实验题；定性思想；实验分析法；动能定理的应用专题．【分析】（1）重物落地后，木块由于惯性继续前进，做匀减速直线运动，相邻计数点间的距离逐渐减小；（2）纸带上某点的瞬时速度等于该点前后相邻两个点间的平均速度；（3）克服摩擦力做的功等于动能的减小量，故需要天平测量质量；（4）由动能定理可以求出木板对木块的摩擦力所做的功．【解答】解：（1）重物落地后，木块由于惯性继续前进，做匀减速直线运动，相邻计数点间的距离逐渐减小，故纸带向右运动，故其右端连着小木块；（2）计数点间的时间间隔t=0.02s×5=0.1s，纸带上某点的瞬时速度等于该点前后相邻两个点间的平均速度，打A点时的速度为：v A==0.72 m/s，打B点时的速度为：v B==0.97 m/s．（3）木块在运动过程中，克服摩擦力做的功等于木块动能的减小量，由动能定理得：木块克服摩擦力做的功为：W f=mv22﹣mv12，因此实验过程中还需要用天平测出木块的质量m1，用刻度尺测量长度，因此需要的实验器材是G、H，需要测量的量是B．（3）在AB段对木块，由动能定理得：﹣W AB=m1v B2﹣m1v A2，因此在AB段木板对木块的摩擦力所做的功的关系式有：W AB=m1v A2﹣m1v B2．故答案为：（1）右；（2）0.72，0.97；（3）G、H，B；（4）．【点评】本题关键要明确实验的原理和实验的具体操作步骤，然后结合匀变速直线运动的规律和动能定理进行分析判断．12.【考点】动能定理；向心力．【专题】动能定理的应用专题．【分析】（1）对从初始位置到圆弧轨道的最高点过程，根据动能定理列式求解最高点的速度；在圆弧轨道的最高点，重力和弹力的合力提供向心力，根据牛顿第二定律列式求解弹力；（2）只有在PQ阶段有机械能损失，对从Q到P过程，根据牛顿第二定律求解加速度，根据位移公式求解时间，根据速度公式求解末速度；从P点到最左端过程，弹簧获得的最大弹性势能等于在P位置的动能；（3）先根据牛顿第二定律求解物体恰能经过圆弧最高点的速度，然后对运动的全程根据动能定理列式求解l的距离．【解答】解：（1）对从初始位置到圆弧轨道的最高点过程，根据动能定理，有：﹣mg（2R）=在圆弧轨道的最高点，根据牛顿第二定律，有：mg+N=m联立解得：N=40N根据牛顿第三定律，物块经过圆轨道最高点B时对轨道的压力为40N；（2）从Q到P过程，滑块的加速度为：a=﹣μg=﹣4m/s2；根据位移公式，有：x=，代入数据解得：t=0.5s或t=2.5s（不可能速度减小为零后反向加速，故舍去）在P点的速度为：v2=v0+at=6﹣4×0.5=4m/s故最大弹性势能为：（3）物块恰能不脱离轨道返回A点，在圆轨道最高点的速度为：对从开始到第二次到圆轨道的最高点过程，根据动能定理，有：﹣mg（2R）﹣μmg•2l=解得：2l===3.8m故l=1.9m答：（1）物块经过圆轨道最高点B时对轨道的压力为40N；（2）物块从Q运动到P的时间为1s，弹簧获得的最大弹性势能为8J；（3）调节仍以v0从右侧冲上轨道，调节PQ段的长度l，当l长度是1.9m时，物块恰能不脱离轨道返回A点继续向右运动．【点评】本题综合考查了运动学公式、向心力公式、动能定理、牛顿第二定律，以及知道小球不脱离圆轨道的条件，综合性较强，对学生的能力要求较高，需加强训练．13.【考点】机械能守恒定律；牛顿第二定律．【专题】机械能守恒定律应用专题．【分析】（1）物体具有的机械能等于物体的动能加势能，利用图象关系即可求得（2）以AB组成的系统，当物体B运动到，利用动能定理球的速度，再利用牛顿第二定律与运动学公式即可求得恒力【解答】解：（1）B物体最初的动能够为零，重力势能为E p=﹣，故B物体的机械能为上升后由图象可求B物体的机械能为（2）F为恒力，AB组成的系统以恒定的加速度运动，当B运动时机械能为零，可得解得v=由运动学公式求的a=对AB组成的系统由牛顿第二定律得F+m1gsinθ﹣m2g=（m1+m2）aF=答：（1）B质点最初的机械能E1和上升x0时的机械能E2为（2）恒力F的大小为．【点评】本题主要考查了动能定理与运动学及牛顿第二定律的综合运用，利用好图象是关键14.【考点】机械能守恒定律；向心力．【专题】计算题；定量思想；合成分解法；寻找守恒量法；机械能守恒定律应用专题．【分析】（1）根据牛顿第二定律求出滑块恰好到达F点的速度，根据速度方向与斜面AB平行，结合平抛运动的规律，运用平行四边形定则求出竖直分速度，从而得出AD离地的高度．（2）根据平行四边形定则求出进入A点时滑块的速度，对全过程运用动能定理，求出滑块在斜面上走过的总路程．（3）根据牛顿第二定律分别求出E、F的弹力，结合机械能守恒定律得出压力差，结合最高点的最小速度求出压力之差的最小值．【解答】解：（1）在F点，由牛顿第二定律得：mg=m，得：v F=到达A点时速度方向要沿着AB，则有：v y=v F•tanθ=所以AD离地高度为：h=3R﹣R（2）进入A点滑块的速度为：v=假设经过一个来回能够回到A点，设回来时动能为E K，则有：E K=﹣4μmg（cosθ）•2R ＜0，所以滑块不会滑到A而飞出．根据动能定理得：mg•2Rsinθ﹣μmg（cosθ）s总=0﹣得滑块在锅内斜面上走过得总路程为：s总=（3）设初速度、最高点速度分别为v1、v2由牛顿第二定律得：在E点有：F1﹣mg=m在F点有：F2+mg=m所以F1﹣F2=2mg+由机械能守恒得：mv22+3mgR代入v2的最小值v2=得：压力差的最小值为9mg答：（1）设滑块恰能无挤压地从F点飞出，同时为了使滑块恰好沿AB斜面进入右边轨道，应调节右边下面支架高度使斜面的A、D点离地高为R．（2）接（1）问，滑块在斜面上走过的总路程是．（3）当滑块的以不同初速度进入EF，其通过最高点F和小圆弧最低点E时受压力之差的最小值是9mg．【点评】本题是复杂的力学综合题，关键要正确分析滑块的受力情况和运动情况，把握每个过程和状态的规律，运用平抛运动、动能定理及机械能守恒、牛顿运动定律等基本规律处理．2016年1月15日。

广东高三高中物理月考试卷带答案解析

广东高三高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.下列说法正确的是（）A．牛顿第一定律是通过实验得出的B．万有引力常量是由牛顿直接给定的C．元电荷e的数值最早是由密立根测得D．用实验可以揭示电场线是客观存在的2.如图所示，圆弧形货架摆着四个完全相同的光滑小球，O为圆心。

则对圆弧面的压力最小的是（）A．a球B．b球C．c球D．d球（光敏电阻随光照强度增大而减小）、3.如图所示，理想变压器的原线圈接有交变电压U，副线圈接有光敏电阻R1定值电阻R．则（）2A．仅增强光照时，原线圈的输入功率减小B．仅向下滑动P时，R2两端的电压增大C．仅向下滑动P时，R2消耗的功率减小D．仅增大U时，R2消耗的功率减小。

则（）4.一汽车的额定功率为P，设在水平公路行驶所受的阻力恒定，最大行驶速度为vmA．若汽车以额定功率启动，则做匀加速直线运动B．若汽车匀加速启动，则在刚达到额定功率时的速度等于v mC．无论汽车以哪种方式启动，加速度与牵引力成正比D．汽车以速度v m匀速行驶，若要减速，则要减少牵引力5.如图，竖直放置的平行金属板带等量异种电荷，一不计重力的带电粒子从两板中问以某一初速度平行于两板射入，打在负极板的中点，以下判断正确的是（）A．该带电粒子带正电B．该带电粒子带负电C．若粒子初速度增大到原来的2倍，则恰能从负极板边缘射出D．若粒子初动能增大到原来的2倍，则恰能从负极板边缘射出6.若地球自转在逐渐变快，地球的质量与半径不变，则未来发射的地球同步卫星与现在的相比（） A ．离地面高度变小 B ．角速度变小 C ．线速度变小 D ．向心加速度变大7.如图所示，一质点在重力和水平恒力作用下，速度从竖直方向变为水平方向，在此过程中，质点的（）A ．机械能守恒B ．机械能不断增加C ．重力势能不断减小D ．动能先减小后增大8.如图，ab 边界下方是一垂直纸面向里的匀强磁场，质子(H)和α粒子（He ）先后从c 点沿箭头方向射入磁场，都从d 点射出磁场．不计粒子的重力，则两粒子运动的（）A ．轨迹相同B ．动能相同C ．速率相同D ．时间相同9.如图甲所示，Q 1、Q 2是两个固定的点电荷，其中Q 1带正电，在它们连线的延长线上a 、b 点，一带正电的试探电荷仅在库仑力作用下以初速度v a 从a 点沿直线ab 向右运动，其v-t 图象如图乙所示，下列说法正确的是（）A ．Q 2带正电B ．Q 2带负电C ．b 点处电场强度为零D ．试探电荷的电势能不断增加二、实验题1.分）在“实验：用伏安法测量金属丝电阻率ρ”中，实验用的电源电动势为3V ，金属丝的最大电阻为5Ω。

广东高三高中物理月考试卷带答案解析

广东高三高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.如图所示，小球用细绳系住放在倾角为θ的光滑斜面上，当细绳由水平方向逐渐向上偏移时，绳上的拉力将A ．逐渐增大B ．逐渐减小C ．先增大后减小D ．先减小后增大2.如图所示，甲、乙、丙三个轮子依靠摩擦传动，相互之间不打滑，其半径分别为r 1、r 2、r3.若甲轮的角速度为ω1，则丙轮的角速度为A ．B ．C ．D ．3.如图所示，当开关S 断开时，理想电压表示数为3 V ，当开关S 闭合时，电压表示数为1.8 V ，则外电阻R 与电源内阻r 之比为A ．5∶3B ．3∶5C ．2∶3D ．3∶24.穿过闭合回路的磁通量Φ随时间t 变化的图象分别如图中①～④所示．下列关于回路中产生的感应电动势的论述中正确的是A ．图①中回路产生的感应电动势恒定不变B ．图②中回路产生的感应电动势一直在变大C ．图③中回路在0～t 1时间内产生的感应电动势小于在t 1～t 2时间内产生的感应电动势D ．图④中回路产生的感应电动势先变小后变大5.一枚火箭由地面竖直向上发射，其速度和时间的关系图线如图所示，则A ．t 3时刻火箭距地面最远B ．t 2～t 3时间内，火箭在向下降落C ．t 1～t 2时间内，火箭处于超重状态D ．0～t 3时间内，火箭始终处于失重状态6.如图所示，物块M 在静止的传送带上以速度v 匀速下滑时，传送带突然启动，方向如图中箭头所示，若传送带的速度大小也为v ，则传送带启动后A ．M 静止在传送带上B ．M 可能沿斜面向上运动C ．M 受到的摩擦力不变D ．M 下滑的速度不变7.设同步卫星离地心的距离为r ，运行速率为v 1，加速度为a 1；地球赤道上的物体随地球自转的向心加速度为a 2，第一宇宙速度为v 2，地球的半径为R ，则下列比值正确的是A ．＝B ．＝C ．＝D ．＝8.如图所示匀强电场E 的区域内，在O 点处放置一点电荷＋Q ，a 、b 、c 、d 、e 、f 为以O 点为球心的球面上的点，aecf 平面与电场线平行，bedf 平面与电场线垂直，则下列说法中正确的是A ．b 、d 两点的电场强度相同B ．a 点的电势大于f 点的电势C ．点电荷＋q 在球面上任意两点之间移动时，电场力一定做功D ．将点电荷＋q 在球面上任意两点之间移动，从球面上a 点移动到c 点的电势能变化量最大9.如图所示，电源电动势为E ，内阻为r ，滑动变阻器电阻为R ，开关K 闭合．两平行极板间有匀强磁场，一带电粒子(不计重力)正好以速度v 匀速穿过两板．以下说法正确的是A ．保持开关闭合，将滑片P 向上滑动一点，粒子将可能从下极板边缘射出B ．保持开关闭合，将滑片P 向下滑动一点，粒子将可能从下极板边缘射出C ．保持开关闭合，将a 极板向下移动一点，粒子将一定向下偏转D ．如果将开关断开，粒子将继续沿直线穿出二、实验题（1）（3分）用游标为50分度的卡尺(测量值可准确到0.02 mm)测定某圆柱的直径时，卡尺上的示数如图所示．可读出圆柱的直径为________mm.（2）（6分）某同学做“验证力的平行四边形定则”的实验，主要步骤如下：A．在桌面上放一块方木板，在方木板上铺一张白纸，用图钉把白纸钉在方木板上；B．用图钉把橡皮条的一端固定在板上的A点，在橡皮条的另一端拴上两条细绳，细绳的另一端系着绳套；C．用两个弹簧测力计分别钩住绳套，互成角度地拉橡皮条，使橡皮条伸长，结点到达某一位置O.记下O点的位置，读出两个弹簧测力计的示数；D．按选好的标度，用铅笔和刻度尺作出两个弹簧测力计的拉力F1和F2的图示，并用平行四边形定则作出合力F；E．只用一个弹簧测力计，通过绳套拉橡皮条使其伸长，读出弹簧测力计的示数，记下细绳的方向，按同一标度作出这个力F′的图示；F．比较力F′和F的大小和方向，看它们是否相同，得出结论．上述步骤中：①有重要遗漏内容的步骤的序号是___________和___________；②遗漏的内容分别是_________________和_________________．（3）（9分）为了测定电源电动势E的大小、内电阻r和定值电阻R的阻值，某同学利用DIS设计了如图所示的电路．闭合电键S1，调节滑动变阻器的滑动触头P向某一方向移动时，用电压传感器1、电压传感器2和电流传感器测得数据，并根据测量数据计算机分别描绘了如图所示的M、N两条U－I直线．不考虑传感器在测量过程中对电路的影响，请回答下列问题：①根据图中的M、N两条直线可知()A．直线M是根据电压传感器1和电流传感器的数据画得的B．直线M是根据电压传感器2和电流传感器的数据画得的C．直线N是根据电压传感器1和电流传感器的数据画得的D．直线N是根据电压传感器2和电流传感器的数据画得的②图象中两直线交点处电路中的工作状态是()A．滑动变阻器的滑动头P滑到了最左端B．电源的输出功率最大C．定值电阻R0上消耗的功率为0.5 W D．电源的效率达到最大值③根据图可以求得电源电动势E＝________ V，内电阻r＝________ Ω.三、计算题1.一光滑金属导轨如图所示，水平平行导轨MN、ST相距＝0.5m，竖直半圆轨道NP、TQ直径均为 D＝0.8m，轨道左端用阻值R＝0.4Ω的电阻相连．水平导轨的某处有一竖直向上、磁感应强度B＝0.06T的匀强磁场．光滑金属杆ab质量m＝0.2kg、电阻r＝0.1Ω，当它以5m/s的初速度沿水平导轨从左端冲入磁场后恰好能到达竖直半圆轨道的最高点P、Q．设金属杆ab与轨道接触良好，并始终与导轨垂直，导轨电阻忽略不计．取g＝10m/s2，求金属杆：（1）刚进入磁场时，通过金属杆的电流大小和方向；（2）到达P、Q时的速度大小；（3）冲入磁场至到达P 、Q 点的过程中，电路中产生的焦耳热．2.如图所示，光滑轨道上，小车A 、B 用轻弹簧连接，将弹簧压缩后用细绳系在A 、B 上.然后使A 、B 以速度v 0沿轨道向右运动，运动中细绳突然断开，当弹簧第一次恢复到自然长度时，A 的速度刚好为0，已知A 、B 的质量分别为m A 、m B ，且m A <m B. 求：（1）被压缩的弹簧具有的弹性势能E p .（2）试定量分析、讨论在以后的运动过程中，小车B 有无速度为0的时刻？广东高三高中物理月考试卷答案及解析一、选择题1.如图所示，小球用细绳系住放在倾角为θ的光滑斜面上，当细绳由水平方向逐渐向上偏移时，绳上的拉力将A ．逐渐增大B ．逐渐减小C ．先增大后减小D ．先减小后增大【答案】D【解析】略2.如图所示，甲、乙、丙三个轮子依靠摩擦传动，相互之间不打滑，其半径分别为r 1、r 2、r3.若甲轮的角速度为ω1，则丙轮的角速度为A ．B ．C ．D ．【答案】A【解析】略3.如图所示，当开关S 断开时，理想电压表示数为3 V ，当开关S 闭合时，电压表示数为1.8 V ，则外电阻R 与电源内阻r 之比为A ．5∶3B ．3∶5C ．2∶3D ．3∶2【答案】D【解析】略4.穿过闭合回路的磁通量Φ随时间t 变化的图象分别如图中①～④所示．下列关于回路中产生的感应电动势的论述中正确的是A ．图①中回路产生的感应电动势恒定不变B ．图②中回路产生的感应电动势一直在变大C ．图③中回路在0～t 1时间内产生的感应电动势小于在t 1～t 2时间内产生的感应电动势D ．图④中回路产生的感应电动势先变小后变大【答案】D【解析】略5.一枚火箭由地面竖直向上发射，其速度和时间的关系图线如图所示，则A ．t 3时刻火箭距地面最远B ．t 2～t 3时间内，火箭在向下降落C ．t 1～t 2时间内，火箭处于超重状态D ．0～t 3时间内，火箭始终处于失重状态【答案】AC【解析】略6.如图所示，物块M 在静止的传送带上以速度v 匀速下滑时，传送带突然启动，方向如图中箭头所示，若传送带的速度大小也为v ，则传送带启动后A ．M 静止在传送带上B ．M 可能沿斜面向上运动C ．M 受到的摩擦力不变D ．M 下滑的速度不变【答案】CD【解析】略7.设同步卫星离地心的距离为r ，运行速率为v 1，加速度为a 1；地球赤道上的物体随地球自转的向心加速度为a 2，第一宇宙速度为v 2，地球的半径为R ，则下列比值正确的是A ．＝B ．＝C ．＝D ．＝【答案】BD【解析】略8.如图所示匀强电场E 的区域内，在O 点处放置一点电荷＋Q ，a 、b 、c 、d 、e 、f 为以O 点为球心的球面上的点，aecf 平面与电场线平行，bedf 平面与电场线垂直，则下列说法中正确的是A ．b 、d 两点的电场强度相同B ．a 点的电势大于f 点的电势C ．点电荷＋q 在球面上任意两点之间移动时，电场力一定做功D ．将点电荷＋q 在球面上任意两点之间移动，从球面上a 点移动到c 点的电势能变化量最大【答案】BD【解析】略9.如图所示，电源电动势为E ，内阻为r ，滑动变阻器电阻为R ，开关K 闭合．两平行极板间有匀强磁场，一带电粒子(不计重力)正好以速度v匀速穿过两板．以下说法正确的是A．保持开关闭合，将滑片P向上滑动一点，粒子将可能从下极板边缘射出B．保持开关闭合，将滑片P向下滑动一点，粒子将可能从下极板边缘射出C．保持开关闭合，将a极板向下移动一点，粒子将一定向下偏转D．如果将开关断开，粒子将继续沿直线穿出【答案】AB【解析】略二、实验题（1）（3分）用游标为50分度的卡尺(测量值可准确到0.02 mm)测定某圆柱的直径时，卡尺上的示数如图所示．可读出圆柱的直径为________mm.（2）（6分）某同学做“验证力的平行四边形定则”的实验，主要步骤如下：A．在桌面上放一块方木板，在方木板上铺一张白纸，用图钉把白纸钉在方木板上；B．用图钉把橡皮条的一端固定在板上的A点，在橡皮条的另一端拴上两条细绳，细绳的另一端系着绳套；C．用两个弹簧测力计分别钩住绳套，互成角度地拉橡皮条，使橡皮条伸长，结点到达某一位置O.记下O点的位置，读出两个弹簧测力计的示数；D．按选好的标度，用铅笔和刻度尺作出两个弹簧测力计的拉力F1和F2的图示，并用平行四边形定则作出合力F；E．只用一个弹簧测力计，通过绳套拉橡皮条使其伸长，读出弹簧测力计的示数，记下细绳的方向，按同一标度作出这个力F′的图示；F．比较力F′和F的大小和方向，看它们是否相同，得出结论．上述步骤中：①有重要遗漏内容的步骤的序号是___________和___________；②遗漏的内容分别是_________________和_________________．（3）（9分）为了测定电源电动势E的大小、内电阻r和定值电阻R的阻值，某同学利用DIS设计了如图所示的电路．闭合电键S1，调节滑动变阻器的滑动触头P向某一方向移动时，用电压传感器1、电压传感器2和电流传感器测得数据，并根据测量数据计算机分别描绘了如图所示的M、N两条U－I直线．不考虑传感器在测量过程中对电路的影响，请回答下列问题：①根据图中的M、N两条直线可知()A．直线M是根据电压传感器1和电流传感器的数据画得的B．直线M是根据电压传感器2和电流传感器的数据画得的C．直线N是根据电压传感器1和电流传感器的数据画得的D．直线N是根据电压传感器2和电流传感器的数据画得的②图象中两直线交点处电路中的工作状态是()A．滑动变阻器的滑动头P滑到了最左端B．电源的输出功率最大C．定值电阻R0上消耗的功率为0.5 W D．电源的效率达到最大值③根据图可以求得电源电动势E＝________ V，内电阻r＝________ Ω.【答案】（1）（3分）此题中主尺读数为42，精确度为0.02，游标尺上对齐线的格数为5，读数为42.10mm（2）①（各1分）C 、E ②（各2分）描下两力的方向结点拉至O 点（3）①（2分）BC ②（3分）AC ③（各2分）1.50、1.0【解析】略三、计算题1.一光滑金属导轨如图所示，水平平行导轨MN 、ST 相距＝0.5m ，竖直半圆轨道NP 、TQ 直径均为 D ＝0.8m ，轨道左端用阻值R ＝0.4Ω的电阻相连．水平导轨的某处有一竖直向上、磁感应强度B ＝0.06T 的匀强磁场．光滑金属杆ab 质量m ＝0.2kg 、电阻r ＝0.1Ω，当它以5m/s 的初速度沿水平导轨从左端冲入磁场后恰好能到达竖直半圆轨道的最高点P 、Q ．设金属杆ab 与轨道接触良好，并始终与导轨垂直，导轨电阻忽略不计．取g ＝10m/s 2，求金属杆：（1）刚进入磁场时，通过金属杆的电流大小和方向；（2）到达P 、Q 时的速度大小；（3）冲入磁场至到达P 、Q 点的过程中，电路中产生的焦耳热．【答案】（1）（6分）∵2分 2分∴ 2分（2）（6分）恰能到达竖直轨道最高点，金属杆所受的重力提供向心力∴（3）（6分）根据能量守恒定律，电路中产生的焦耳热∴ 【解析】略2.如图所示，光滑轨道上，小车A 、B 用轻弹簧连接，将弹簧压缩后用细绳系在A 、B 上.然后使A 、B 以速度v 0沿轨道向右运动，运动中细绳突然断开，当弹簧第一次恢复到自然长度时，A 的速度刚好为0，已知A 、B 的质量分别为m A 、m B ，且m A <m B. 求：（1）被压缩的弹簧具有的弹性势能E p .（2）试定量分析、讨论在以后的运动过程中，小车B 有无速度为0的时刻？【答案】（1）（10分）设弹簧第一次恢复自然长度时B 的速度为以A 、B 弹簧为系统动量守恒① 4分机械能守恒：② 4分由①②解出③ 2分（2）（8分）设以后运动过程中B 的速度为0时，A 的速度为，此时弹簧的弹性势能为动量守恒④ 2分机械能守恒⑤ 2分由④⑤解出⑥ 2分因为m A ＜m B 所以E p ′＜0 1分弹性势能小于0是不可能的，所以B 的速度没有等于0的时刻。

2016届高三上学期第三次月考物理试卷

2015～2016学年第一学期高三月考3物理试卷(试卷满分 110 分，考试时间为 100 分钟)试题说明：1.本试卷分为试卷Ⅰ和试卷Ⅱ两部分。

试卷Ⅰ为选择题部分，必须将答案涂在机读卡上，否则不得分。

试卷Ⅱ为非选择题部分，把解答过程写在答题纸上相应预留的位置。

2.学生只需上交机读卡和答题纸。

试卷Ⅰ（选择题部分）一、单项选择题（每小题4分，共48分。

在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确）1. 关于功的概念，下列说法中正确的是（）A．力对物体做功多，说明物体的位移一定大B．力对物体做功少，说明物体的受力一定小C．力对物体不做功，说明物体一定无位移D．功的多少是由力的大小和物体在力的方向上的位移的大小确定的2．关于摩擦力对物体做功，以下说法中正确的是（）A．滑动摩擦力总是做负功 B．滑动摩擦力可能做负功，也可能做正功C．静摩擦力对物体一定做负功 D．静摩擦力对物体总是做正功3. 静止的列车在平直的轨道上以恒定的功率启动，在开始的一小段时间内，列车的运动状态是（）（设所受的阻力不变）A．做匀加速直线运动 B．列车的速度和加速度均不断增加C．列车的速度增大，加速度减小 D．列车做匀速运动4. 一升降机箱底部装有若干个弹簧，设在某次事故中，升降机吊索在空中断裂，忽略摩擦和空气阻力影响，则升降机在从弹簧下端触地直到最低点的一段运动过程中（）A．升降机的速度不断减小B．升降机的加速度不断变大C．先是弹力做的负功绝对值小于重力做的正功，然后是弹力做的负功绝对值大于重力做的正功D．先是弹力做的负功绝对值大于重力做的正功，然后是弹力做的负功绝对值小于重力做的正功5. 一个质量为m的物体，分别做下列运动，判断其动能在运动过程中一定发生变化的是：（）A．匀速直线运动 B．变速运动 C．平抛运动 D．匀速圆周运动6. 关于机械能是否守恒,下列说法正确的是（）A.做匀速直线运动的物体机械能一定守恒B.做圆周运动的物体机械能一定守恒C.做变速运动的物体机械能可能守恒D.合外力对物体做功不为零,机械能一定不守恒7. 在体育比赛项目中，高台跳水是我国运动员的强项．质量为m的跳水运动员进入水中后因受到水的阻力而做减速运动，设水对他的阻力大小恒为F，那么在他减速下降高度为h 的过程中（g为当地的重力加速度），下列说法正确的是（）A．他的动能减少了Fh B．他的重力势能增加了mghC．他的机械能减少了（F-mg）h D．他的机械能减少了Fh8. 某人将一静止在地面上的物体提到空中某点A，此过程中重力做功W1，阻力做功W2，人对物体做功W3，以地面为参考平面，则在A点（）A．物体的重力势能为W1 B．物体的动能为W1+W2+W3C．物体的动能为W3-W2-W1 D．物体的机械能为W3-W29. 如图所示，在a、b两点上放置两个点电荷，它们的电荷量分别为q1、q2，MN是连接两点的直线，P是直线上的一点，下列哪种情况下P点的场强可能为零( )A. q1、q2都是正电荷，且q1＞q2B. q1是正电荷，q2是负电荷，且q1＜∣q2∣C. q1是负电荷，q2是正电荷，且∣q1∣＞q2D. q1、q2都是负电荷，且∣q1∣＜∣q2∣10. 一带电粒子在电场中只受电场力作用时，它不可能出现的运动状态是（）A．匀速直线运动 B．匀加速直线运动C．匀变速曲线运动 D．匀速圆周运动11.如图，一带电小球用丝线悬挂在沿水平方向的匀强电场中，当小球静止后把悬线烧断，则小球在电场中将做( )A.自由落体运动B.曲线运动C.沿着悬线的延长线做匀加速直线运动D.变加速直线运动12.一带电粒子只在电场力作用下从A运动到B，轨迹如图中虚线所示，由此可知( )A.粒子带正电B.粒子的加速度不断减小C.粒子在A点的动能比B点大D.B点的场强比A点的小二、多选题（共12分。

广东省2016届高三上学期12月百校联考理综物理试题 Word版含答案解析

广东省2016届12月百所学校质量分析联合考试物理试卷一、选择题：本题共8小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

14. 一个物体以某一初速度v o 沿一粗糙斜面向上滑动，经时间t l 上升到某处后义沿该斜面下滑，在t 2时刻回到原处。

该物体运动的速度时间图象可能是【考点】匀变速直线运动的图像．【专题】定性思想；推理法；运动学中的图像专题．【分析】在物体上滑和下滑过程中根据牛顿第二定律比较加速度大小，然后根据位移大小相等，利用运动学公式比较上滑和下滑时间的大小．根据图象的斜率分析加速度，结合图象的“面积”表示位移分析即可．【解答】解：上滑过程有：mgsin θ+f=ma 1，下滑过程有：mgsin θ﹣f=ma 2，由此可知a 1＞a 2，根据功能关系可知落回地面的速度v ＜v 0，因此上滑过程的平均速度02v 大于下滑过程的平均速度2v ，由于上滑过程和下滑过程位移大小相等，因此t 1＜t 2，故A 正确．故选：A【点评】解决本题的关键要抓住加速度的大小可由图象的斜率大小来表示，位移由图象的“面积”表示，结合运动学基本公式及牛顿第二定律分析，难度适中．15. 一根弹簧的下端挂一重物，上端用手牵引使重物向下做匀速直线运动，从手突然停止到物体下降到最低点的过程中，重物的加速度的数值将A ．先减小后增大B ．先增大再减小C ．逐渐减小D ．逐渐增大【考点】牛顿第二定律．【分析】由题意知道，物体先匀速上升，拉力等于重力；手突然停止运动后，物体由于惯性继续上升，弹力减小，合力变大且向下，故物体做加速度不断变大的减速运动．【解答】解：物体匀速运动过程，弹簧对物体的弹力与重力二力平衡；手突然停止运动后，物体由于惯性继续上升，弹簧伸长量变小，弹力减小，故重力与弹力的合力变大，根据牛顿第二定律，物体的加速度变大；故选A ．【点评】解决本题首先要明确物体靠惯性运动，力是改变速度的原因，其次要明确弹力变小导致合力的变化情况．16.将小球以某一初速度抛出，其运动轨迹如图所示，不计空气阻力，下列有关该运动的说法，正确的是A ．小球在水平方向做匀减速直线运动B ．小球做匀变速运动C ．小球运动到最高点时速度大小为零D ．小球在最高点时重力的瞬时功率不为零【考点】抛体运动．【专题】直线运动规律专题．【分析】小球做斜抛运动，加速度不变，做匀变速曲线运动，在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做竖直上抛运动【解答】解：A、小球在水平方向上不受力，有水平初速度，做匀速直线运动，故A错误．B、小球以初速度抛出，仅受重力，加速都不变，做匀变速运动，故B正确．C、小球在最高点，竖直分速度为零，水平分速度不为零，则最高点的速度不为零，故C错误．D、在最高点重力的方向与速度方向垂直，重力的瞬时功率为零，故D错误．故选：B【点评】解决本题的关键知道斜抛运动的特点，会根据分运动的受力，判断其运动规律，基础题。

广州市高三上学期物理12月月考试卷D卷

广州市高三上学期物理12月月考试卷D卷姓名:________ 班级:________ 成绩:________一、单选题 (共5题；共10分)1. （2分）指南针是古代的重要发明之一，它的发明对航海产生了重大的影响，它是（）A . 古中国人发明的B . 古罗马人发明的C . 古巴比伦人发明的D . 韩国人发明的2. （2分）运用光子说对光电效应现象进行解释，可以得出的正确结论是（）A . 当光照时间增大为原来的2倍时，光电流的强度也增大为原来的2倍B . 当入射光频率增大为原来的2倍时，光电子的最大初动能也增大为原来的2倍C . 当入射光波长增大为原来的2倍时，光电子的最大初动能也增大为原来的2倍D . 当入射光强度增大为原来的2倍时，单位时间内产生的光电子数目也增大为原来的2倍3. （2分）如图所示，两小球A、B用劲度系数为k1的轻质弹簧相连，球B用长为L的细绳悬于O点，球A 固定在O点正下方．OA之间的距离也为L ，系统平衡时绳子所受的拉力为F1 ，现把A、B间的弹簧换成劲度系数为k2的轻弹簧，系统再次平衡时，绳子所受的拉力为F2 ，则F1与F2的大小关系为（）A . F1＞F2B . F1=F2C . F1＜F2D . 无法确定4. （2分） (2019高二上·怀仁月考) 在真空中的光滑水平绝缘面上有一带电小滑块。

开始时滑块静止。

若在滑块所在空间加一水平匀强电场E1 ，持续一段时间后立即换成与E1相反方向的匀强电场E2。

当电场E2与电场E1持续时间相同时，滑块恰好回到初始位置，且具有动能。

在上述过程中，E1对滑块的电场力做功为W1 ，冲量大小为I1；E2对滑块的电场力做功为W2 ，冲量大小为I2。

则（）A . I1= I2B . 4I1= I2C . W1= 0.25 W2=0.75D . W1= 0.20 W2=0.805. （2分） (2017高一上·福建期末) A、B两球的质量均为m，两球之间用轻弹簧相连，放在光滑的水平地面上，A球左侧靠墙．用力F向左推B球将弹簧压缩，如图所示．然后突然将力F撤去，在撤去力F的瞬间，A、B 两球的加速度分别为（）A . 0，0B . 0，C . ，D . ，二、多选题 (共4题；共11分)6. （3分） (2017高一上·福州期末) 入冬以来，全国多地多次发生雾霾天气，能见度不足 20m 在这样的恶劣天气中，甲、乙两汽车在一条平直的单行道上，乙在前、甲在后同向行驶．某时刻两车司机同时听到前方有事故发生的警笛提示，同时开始刹车．两辆车刹车时的 v﹣t 图象如图，则（）A . 若两车发生碰撞，开始刹车时两辆车的间距一定小于 100 mB . 若两车发生碰撞，开始刹车时两辆车的间距一定小于 200mC . 若两车发生碰撞，则一定是在刹车后 20 s 以内的某时刻发生相撞D . 若两车发生碰撞，则一定是在刹车后 20 s 以后的某时刻发生相撞7. （2分） (2017高二下·兰州期中) 如图所示，要使Q线圈产生图示方向的电流，可采用的方法有（）A . 闭合电键K后，把R的滑片向右移B . 闭合电键K后，把R的滑片向左移C . 闭合电键K后，把P中的铁心从左边抽出D . 闭合电键K后，把Q靠近P8. （3分）(2020·无锡模拟) 火星探测项目是我国继载人航天工程、嫦娥工程之后又一个重大的太空探索项目，如图所示，探测器被发射到围绕太阳的椭圆轨道上，A为近日点，远日点B在火星轨道近，探测器择机变轨绕火星运动，则火星探测器（）A . 发射速度介于第一、第二宇宙速度之间B . 在椭圆轨道上运行周期大于火星公转周期BC . 从A点运动到B点的过程中动能逐渐减小D . 在B点受到的太阳引力小于在A点受到的太阳引力9. （3分）(2019·黄陵模拟) 下列说法正确的是（）。

广东高三高中物理月考试卷带答案解析

广东高三高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.物理学中的许多规律是通过实验发现的，以下说法不符合史实的是（）A．法拉第通过实验发现了电磁感应定律B．奥斯特通过实验发现了电流能产生磁场C．牛顿首先通过扭秤实验发现了万有引力定律D．伽俐略通过斜面理想实验发现了物体的运动不需要力来维持2.用三根轻绳将重量为G的物块悬挂在空中，如图所示，已知ac和bc与竖直方向的夹角分别为30°和60°，则ac 绳和bc绳中的拉力分别为（）A．，B．，C．，D．，3.如图所示．电租为R，其他电阻均可忽略，ef是一电阻可不计质最为m的水平放置的导体棒，棒的两端分别与竖起放置的ab、cd框保持良好接触，又能沿框架无摩擦下滑，整个装置放在与框架垂直的匀强磁场中，当导体棒ef从静止下滑一段时间后闭合开关S，则S闭合后（）A．导体棒ef的加速度一定大于gB．导体棒ef的加速度一定小于gC．导体棒ef最终速度随S闭合时刻的不同而不同D．导体棒ef的机械能与回路内产生的内能之和一定守恒4.北京时间2013年12月2日凌晨，中国在西昌卫星发射中心成功将嫦娥三号月球探侧器送入太空。

如图所示，嫦娥三号在A点经制动进入环月圆轨道I，然后再次在A点制动将轨道I变为椭圆轨道II，使其近月点B点距月球表面大约15公里。

下列说法正确的是（）A．嫦娥三号在轨道I的A点势能大于在轨道II的B点势能B．嫦娥三号变轨前后的机械能相等C．嫦娥三号在轨道I上的速度大于月球的第一宇宙速度D．嫦娥三号在轨道II上A点的加速度大于在轨道I上A点的加速度5.下列说法正确的是（）A．是衰变B．是聚变C．是衰变D．是裂变6.将阻值为4的电阻接到内阻不计的交流电源上，该电源电动势e随时间t变化的规律如图所示，下列说法正确的是（）A．电路中交变电流的频率为2.5HzB．通过电阻的电流为AC．电阻消耗的电功率为2WD．电阻两端的电压是4V7.关于永动机和热力学定律的讨论，下列叙述正确的是( )A．第二类永动机违反能量守恒定律B．如果物体从外界吸收了热量，则物体的内能一定增加C．保持气体的质量和体积不变，当温度升高时，每秒撞击单位面积器壁的气体分子数增多D．做功和热传递都可以改变物体的内能，但从能时转化或转移的观点来看这两种改变方式是有区别的8.如图所示是一场强大小为E的匀强电场，现将一电子从A点移动到B点．已知电子的带电量为e，AB间距离为d，AB连线与电场线成37°角，则可知（）A、A点的电势小于B点电势B、电场力做功为W＝eEdcos37°C、A、B两点的电势差为U＝Ed cos37°ABD、电子的电势能增大9.设空间存在竖直向下的匀强电场和垂直纸面向里的匀强磁场，如图所示，已知一离子在电场力和洛仑兹力的作用下，从静止开始自A点沿曲线ACB运动，到达B点时速度为零,C点是运动的最低点，忽略重力，以下说法正确的是（）A．这离子带负电荷B．A点和B点位于同一高度C．离子在C点时速度最大D．离子到达B点时，将沿原曲线返回A点二、实验题1.（8分）某同学用如图所示的装置来测量当地重力加速度．①下列有关操作的叙述正确的是（）A．安装打点计时器时要注意让上下限位孔在同一竖直线上B．将打点计时器与直流低压电源连接C．应选择密度大、体积小的重物，释放纸带时让重物靠近打点计时器D．应先释放纸带，然后接通电源②实验得到一条纸带，测得各点之间的距离如图所示．已知电源频率为50HZ，则纸带中相邻两点间的时间间隔是＿＿＿；从该纸带可知，重物的加速度大小a＝＿＿＿m/s2（保留三位有效数字）．③请写出本实验产生误差的两个主要原因: a.＿＿＿＿＿＿＿＿；b.＿＿＿＿＿＿＿＿；为定值电2.（10分）按图所示的电路测量两节干电池串联而成的电池组的电动势E和内阻r,其中R为电阻箱，R阻，干电他的工作电流不宜超过0.5A。

广东省广州市高级中学高三物理月考试卷带解析

广东省广州市高级中学高三物理月考试卷含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 下列说法中正确的是A．一群氢原子处于n=3的激发态向较低能级跃迁，最多可放出二种频率的光子B．由于每种原子都有自己的特征谱线，故可以根据原子光谱来鉴别物质C．某原子核经过一次α衰变和两次β衰变后，核内中子数减少4个D．中子和质子结合成氘核时吸收能量参考答案：BC2. 一个朝着某方向做直线运动的物体，在时间t内的平均速度是v，紧接着内的平均速度是，则物体在这段时间内的平均速度是（）A. B. C. D.参考答案：D3. 关于摩擦力的下列说法中正确的是A．相互挤压的粗糙物体间一定产生摩擦力B．只有静止的物体才可能受到静摩擦力，只有运动的物体才有可能受到滑动摩擦力C．一个物体在另一个物体表面滑动时，一定受到摩擦力作用D．摩擦力可以是阻力也可以是动力参考答案：D 4. 某宇宙飞船在宇宙深处飞行过程中，发现A、B两颗天体各有一颗靠近表面飞行的卫星，并测得两颗卫星的周期相等，以下说法中正确的是A．通过题目所给信息可分别求出天体A、B的质量B．通过题目所给信息可分别求出两颗卫星的质量C．通过题目所给信息可以确定两颗卫星的线速度一定相等D．通过题目所给信息可以确定天体A、B的密度一定相等参考答案：D5. 如图所示的电路是某种逻辑电路，两个开关A、B并联，控制同一灯泡Y，A、B中任一开关闭合时，灯泡Y都亮，那么这个电路的逻辑关系为（）A．“非”逻辑 B．“与”逻辑C．“或”逻辑 D．“与非”逻辑参考答案：答案：C二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 图1为验证牛顿第二定律的实验装置示意图。

图中打点计时器的电源为50Hz的交流电源，打点的时间间隔用Δt表示。

在小车质量未知的情况下，某同学设计了一种方法用来研究“在外力一定的条件下，物体的加速度与其质量间的关系”。

（1）完成下列实验步骤中的填空：①平衡小车所受的阻力：小吊盘中不放物块，调整木板右端的高度，用手轻拨小车，直到打点计时器打出一系列________的点。

【解析】广东省2016届高三上学期第一次联考物理试卷 Word版含解析[ 高考]

2015-2016学年广东省高三（上）第一次联考物理试卷一、选择题：本题共8小题，每题6分．在每小题给出的四个先项中，第1～4题只有一项符合题目要求．第5～8题有多项符合题目要求，全部选对得6分，选对但不全的得3分．有选错的得0分．1．如图所示，物体在斜面向右上方的力F的作用下向右做匀速直线运动，则物体受力的个数为( )A．1个B．2个C．3个D．4个2．甲、乙两物体朝同一方向做匀速直线运动，已知甲的速度大于乙的速度，t=0时，乙在甲之前一定距离处，则两个物体运动的位移图象应是( )A．B．C．D．3．2014年10月11日，在广西南宁进行的第四十五届世界体操锦标赛中，我国选手刘洋在男子吊环决赛中获得金牌，如图是其比赛时的照片，设刘洋与吊环的总重为G，绳子重力不计，两根绳子悬挂点间的距离恰好为刘洋的肩宽，若刘洋张开双臂静止在图示位置时，则( )A．每根绳子的拉力大于B．每根绳子的拉力等于C．每根绳子的拉力小于D．若增加绳长，每根绳子的拉力不变4．2015年6月以来，我国南方多地遭遇暴雨袭击，为抢险救灾，某教授小分队需购买冲锋舟，为测试A、B两种不同型号的冲锋舟的性能．该小分队做了全力制动距离测试，测试结果如图所示，若把冲锋舟制动过程的运动视为匀减速直线支动，则同图可知，A、B两种冲锋舟的加速度之比为( )A．4：3 B．3：4 C．：2 D．2：5．图示为王先生提着包回家的情景，其中王先生对包做了功的是( ) A．将包题起来B．站在水平匀速行驶的车上C．乘升降电梯D．提着包上楼6．2015年7月25日，搭载两颗新一代北斗导航卫星的“长征三号乙/远征一号”运载火箭在西昌卫星发射中心点火发射，并精确入轨和正常运行．图示为部分北斗卫星的轨道图，这些卫星绕地球做圆周运动的半径相同，则对这些卫星，下列物理量相同的是( )A．向心力B．动能C．线速度的大小D．周期7．如图所示，在一竖直平面内的三条平行导线串有两个电阻R1和R2，导体棒PQ与三条导线均接触良好，匀强磁场的方向垂直纸面向里，导体棒的电阻可忽略．若导体棒向左加速运动，则( )A．流经R1的电流方向向上B．流经R1的电流方向向下C．流经R2的电流方向向上D．流经R2的电流方向向下8．如图所示，A、B、C是平行纸面的匀强电场中的三点，它们之间的距离均为L，电荷量q=1×10﹣9C的正电荷由A点移动到C点，电场力做功W1=4×10﹣8J，该电荷由C点移动到B 点，电场力做功W2=0．若B点电势为零，则下列说法正确的是( )A．C点电势为4VB．A点电势为4VC．匀强电场的方向由A点垂直指向BCD．匀强电场的方向由A点指向B点二、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第9题-12题为必考题，每个试题考生都必须作答．第23题---28题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题9．图示为某同学设计的“探究加速度与物体所受合力F及质量m的关系”的实验装置．在实验中认为细线对小车的拉力F的大小等于砝码和砝码盘的总重力，小车运动的加速度a可由纸带上的点求得．（1）本实验应用的实验方法是__________．A．比较法B．转换法C．控制变量法D．等效替代法（2）实验过程中，打点计时器应接在__________（选填“直流”或“交流”）电源上．10．图示的实验装置可以测量“小滑块与小平面之间的支摩擦因数μ”．弹簧左端固定，右端顶住小滑块（滑块与弹簧不连接），开始时使弹簧处于压缩状态，O点是小滑块开始运动的初始位置．某时刻释放小滑块，小滑块在水平面上运动经过A处的光电门，最后停在B处．已知当地重力加速度为g．（1）实验中，测得小滑块上遮光条的宽度为d及与光电门相连的数字计时器显示的时间为△t，则小滑块经过A处时的速度v=__________．（用题中的符号表示）（2）为了测量小滑块与水平地面间的动摩擦因数，除了（1）中所测物理量外，还需要测量的物理量是__________．（说明物理意义并用符号表示）（3）利用测量的量表示动摩擦因数μ=__________．（用题中所测的物理量的符号表示）11．（13分）在驾照科目三的训练中，某学徒驾驶一辆小轿车在水平路面上，从静止开始做匀加速直线运动，经过t=10s发生的位移x=50m．已知小轿车的质量m=1×103kg，牵引力F=2.2×103N，行驶过程中小轿车所受的阻力恒定，求：（1）小轿车运动的加速度大小a．（2）运动过程中，小轿车所受的阻力大小f．12．（19分）一质量M=4kg、倾角为30°的上表面光滑的斜面体静止在粗糙的水平地面上，斜面上有两个质量均为m=2kg的小球A、B，它们用轻质细绳连接．现对小球B施加一水平向左的拉力F使小球A、B及斜面体一起向左做匀速直线运动，如图所示，重力加速度g=10m/s2．求：（1）细绳的拉力T；（2）水平拉力F的大小；（3）水平地面与斜面体间的动摩擦因数μ．（二）选考题：共45分．请考生从给出的3个选修中任选一个作答．如果多答则按所答的第一个计分．【物理-----选修3-3】13．下列说法正确的是( )A．给篮球打气时，到后来越来越费劲，说明分子间存在斥力B．一定质量的理想气体经历一缓慢的绝热膨胀过程，气体分子的平均动能减少C．液体表面层的分子较密集，分子间引力大于斥力，因此产生液体的表面张力D．一定量的气体，在体积不变时，分子平均每秒碰撞器壁的次数随着温度的降低而减少E．第二类永动机是不能制造出来的，虽然它不违反热力学第一定律，但它违反热力学第二定律14．如图所示，在竖直放置的圆柱形导热容器内用一轻质活塞密封一定质量的理想气体，活塞与容器壁间无摩擦，容器的横截面积为S．开始时活塞与容器底的距离为h0，设大气压恒为p0．若外界温度保持不变，现用外力将活塞缓慢提升d后，活塞再次平衡．求活塞再次平衡时容器内气体的压强的大小．【物理---选修3-4】15．沿x轴方向的一条细绳上有O、A、B、C、D、E、F、G八个点，=======1m，质点O在垂直于x轴方向上做简谐运动，沿x轴方向传播形成横波．T=0时刻，O点开始向上运动，经t=0.2s，O点第一次到达上方最大位移处，这时A点刚好开始运动．那么在t=2.5s时刻，以下说法中正确的是( )A．B点位于x轴下方 B．A点与E点的位移相同C．D点的速度最大D．C点正向上运动E．这列波的波速为5m/s16．如图所示，一个横截面为直角三角形的三棱镜，∠A=30°，∠C=90°，一束与BC面成θ=45°的光线从BC面的中点射入三棱镜，最后从三棱镜的另一面射出．不考虑光线在AB面的反射情况．已知三棱镜对该光的折射率n=．求：①光线经BC面的折射角．②光线在AB面的入射角．【物理---选修3-5】17．已知电子处于基态时的能量为E，该电子吸收频率为v的光子后跃迁到某一激发态，随后又立即辐射出一个光子，从而跃迁到另一个激发态，此时电子的能量为E′，则该辐射光子的频率为__________．若辐射的光子恰好使某金属发生光电效应，则该金属的逸出功为__________．（已知普朗克常量为h）18．如图所示，一质量M=3kg的小车左端放有一质量m=2kg的铁块，它们以v0=5m/s的共同速度沿光滑水平面向竖直墙运动，车与墙碰撞的时间极短，不计碰撞过程中机械能的损失．小车足够长，最终小车与铁块相对静止．求小车与铁块的共同速度v．2015-2016学年广东省高三（上）第一次联考物理试卷一、选择题：本题共8小题，每题6分．在每小题给出的四个先项中，第1～4题只有一项符合题目要求．第5～8题有多项符合题目要求，全部选对得6分，选对但不全的得3分．有选错的得0分．1．如图所示，物体在斜面向右上方的力F的作用下向右做匀速直线运动，则物体受力的个数为( )A．1个B．2个C．3个D．4个考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：物体做匀速直线运动，合力为零，根据共点力平衡判断物体的受力个数．解答：解：做匀速直线运动，合力为零，对物体受力分析，物体受重力，拉力，把拉力进行分析，具有水平方向的分量，所以必定受到摩擦力与之平衡，则必有支持力，所以物体受力重力、支持力、拉力F，摩擦力4个力．故选：D．点评：解决本题的关键能够正确地受力分析，运用共点力平衡进行求解．2．甲、乙两物体朝同一方向做匀速直线运动，已知甲的速度大于乙的速度，t=0时，乙在甲之前一定距离处，则两个物体运动的位移图象应是( )A． B．C．D．考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：s﹣t图象中每一点的坐标表示该时刻物体的位置，倾斜的直线说明物体做匀速直线运动，其斜率表示速度．与纵坐标的交点不同说明初始位置不同．解答：解：根据已知，甲乙两物体在同一直线上向同一方向做匀速直线运动，所以图象是倾斜的直线而且倾斜方向相同，由因甲的速度大于乙的速度，所以甲的倾斜度要比乙的倾斜度大，故B、D错误．又因为初始时刻乙在甲的前面，所以与纵坐标的交点应乙在上面，甲在下面，故A错误，C 正确．故选C．点评：本题是位移﹣时间图象的应用，能根据图象读取信息，要明确斜率和坐标轴交点的含义，属于基础题．3．2014年10月11日，在广西南宁进行的第四十五届世界体操锦标赛中，我国选手刘洋在男子吊环决赛中获得金牌，如图是其比赛时的照片，设刘洋与吊环的总重为G，绳子重力不计，两根绳子悬挂点间的距离恰好为刘洋的肩宽，若刘洋张开双臂静止在图示位置时，则( )A．每根绳子的拉力大于B．每根绳子的拉力等于C．每根绳子的拉力小于D．若增加绳长，每根绳子的拉力不变考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：运动员受绳子的拉力及重力而处于平衡状态，三力为共点力；两绳索向上的分力之和应与向下的重力大小相等、方向相反，则由共点力的平衡可求得绳索的拉力．解答：解：ABC、运动员的受力分析简化如图：设细线与竖直方向的夹角为θ，由共点力的平衡可知，在竖直方向上：2Fcosθ=G解得：F=；故F＞故A正确，BC错误；D、若增加绳长，细线与竖直方向的夹角θ减小，故拉力F减小，故D错误；故选：A点评：本题中应注意两线索的拉力与重力相交于一点，故属于共点力平衡，可将两力分解为水平向和竖直向两分力，则在两个方向上的合力为零，由竖直方向的平衡关系可解得拉力的大小．4．2015年6月以来，我国南方多地遭遇暴雨袭击，为抢险救灾，某教授小分队需购买冲锋舟，为测试A、B两种不同型号的冲锋舟的性能．该小分队做了全力制动距离测试，测试结果如图所示，若把冲锋舟制动过程的运动视为匀减速直线支动，则同图可知，A、B两种冲锋舟的加速度之比为( )A．4：3 B．3：4 C．：2 D．2：考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：根据匀变速直线运动的速度位移公式求出加速度，从而得出两种情况下冲锋舟的加速度之比．解答：解：根据v2=2ax得，a=，因为初速度相等时，A、B制动的距离之比为x A：x B=20：15=4：3，则加速度之比a A：a B=3：4，故B正确，A、C、D错误．故选：B点评：解决本题的关键知道汽车刹车后做匀减速直线运动，结合匀变速直线运动的速度位移公式分析判断．5．图示为王先生提着包回家的情景，其中王先生对包做了功的是( )A．将包题起来B．站在水平匀速行驶的车上C．乘升降电梯D．提着包上楼考点：功的计算．专题：功的计算专题．分析：掌握做功的两个必要因素即作用在物体上的力和在力的方向通过的位移，二者缺一不可解答：解：A、拉力竖直向上并在拉力方向上通过了位移，故拉力做功，故A正确；B、拉力竖直向上，位移水平方向，故拉力不做功，故B错误；C、拉力竖直向上，通过的位移竖直向上，故拉力做功，故C正确；D、拉力竖直向上，在竖直方向上也有位移，故拉力做功，故D正确；故选：ACD点评：此题考查了做功的必要因素，关键是看在力的方向通过的位移6．2015年7月25日，搭载两颗新一代北斗导航卫星的“长征三号乙/远征一号”运载火箭在西昌卫星发射中心点火发射，并精确入轨和正常运行．图示为部分北斗卫星的轨道图，这些卫星绕地球做圆周运动的半径相同，则对这些卫星，下列物理量相同的是( )A．向心力B．动能C．线速度的大小D．周期考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用．专题：人造卫星问题．分析：卫星绕地球圆周运动的向心力由万有引力提供，据此分析速度大小与轨道半径的关系，根据物理量的特点进行分析．解答：解：根据万有引力提供向心力有有：A、半径相同，卫星的质量未知，故不能确定卫星的向心力大小相同，且其方向也不相同，故A错误；BC、据v=可知，卫星的线速度大小相同，但卫星质量未知，不能确定动能相同，故B错误，C正确；D、据T=2可知，卫星的周期相同，故D正确．故选：CD．点评：卫星绕地球圆周运动万有引力提供圆周运动向心力，确定描述圆周运动物理量与半径的关系是正确解题的关键．7．如图所示，在一竖直平面内的三条平行导线串有两个电阻R1和R2，导体棒PQ与三条导线均接触良好，匀强磁场的方向垂直纸面向里，导体棒的电阻可忽略．若导体棒向左加速运动，则( )A．流经R1的电流方向向上B．流经R1的电流方向向下C．流经R2的电流方向向上D．流经R2的电流方向向下考点：导体切割磁感线时的感应电动势；楞次定律．分析：根据右手定则，可判断PQ作为电源，Q端电势高，在PQcd回路和在电阻r的回路中找出电流方向．解答：解：AB、根据右手定则，可判断PQ作为电源，Q端电势高，在导线与R1回路中，电流为顺时针方向，即流过R的电流为向上，故A正确、B错误；CD、同理，流经R2的电流方向向上，故C正确、D错误．故选：AC点评：本题考查右手定则的应用．注意PQ作为电源构成了两个回路，分别在各自的回路中找出电流方向．8．如图所示，A、B、C是平行纸面的匀强电场中的三点，它们之间的距离均为L，电荷量q=1×10﹣9C的正电荷由A点移动到C点，电场力做功W1=4×10﹣8J，该电荷由C点移动到B 点，电场力做功W2=0．若B点电势为零，则下列说法正确的是( )A．C点电势为4VB．A点电势为4VC．匀强电场的方向由A点垂直指向BCD．匀强电场的方向由A点指向B点考点：电势能．分析：根据试探电荷的电荷量和电场力做功，根据公式U=分别求出A与无穷远间、A与B间电势差，无穷远处电势为零，再确定A、B两点的电势．解答：解：AB、对于A、C间电势差为U AC==V=40V，而电荷由C点移动到B点，电场力做功W2=0．则有CB电势差为零，若B点电势为零，U CB=φC﹣φB，则C点电势φC=0．而A与C间的电势差为U AC=φA﹣φC，则A点电势φA=40V．故A错误，B错误；CD、由上分析可知，BC的电势差为0，BC点的连线即为等势线，且电场线垂直于等势线，根据沿着电场线方向，电势降低，则有匀强电场的方向由A点垂直指向BC，故C正确，D 错误；故选：C．点评：本题考查对电势差公式的应用能力，U AB=应用时，各量均需代入符号．注意电势有正负，而电压没有正负可言．二、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第9题-12题为必考题，每个试题考生都必须作答．第23题---28题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题9．图示为某同学设计的“探究加速度与物体所受合力F及质量m的关系”的实验装置．在实验中认为细线对小车的拉力F的大小等于砝码和砝码盘的总重力，小车运动的加速度a可由纸带上的点求得．（1）本实验应用的实验方法是C．A．比较法B．转换法C．控制变量法D．等效替代法（2）实验过程中，打点计时器应接在交流（选填“直流”或“交流”）电源上．考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系．专题：实验题；牛顿运动定律综合专题．分析：（1）加速度与物体质量、物体受到的合力有关，在探究加速度与物体质量、受力关系的实验中，应该使用控制变量法．（2）打点计时器应使用交流电源．解答：解：（1）探究加速度与力的关系时，要控制小车质量不变而改变拉力大小；探究加速度与质量关系时，应控制拉力不变而改变小车质量，这种实验方法是控制变量法．故选：C（2）计时器应接在交流电源上．故答案为：（1）C；（2）交流点评：本题考查了物理实验的几种常见方法的应用，要求同学们能掌握控制变量法、等效替代法等物理方法，明确打点计时器应使用交流电源．10．图示的实验装置可以测量“小滑块与小平面之间的支摩擦因数μ”．弹簧左端固定，右端顶住小滑块（滑块与弹簧不连接），开始时使弹簧处于压缩状态，O点是小滑块开始运动的初始位置．某时刻释放小滑块，小滑块在水平面上运动经过A处的光电门，最后停在B处．已知当地重力加速度为g．（1）实验中，测得小滑块上遮光条的宽度为d及与光电门相连的数字计时器显示的时间为△t，则小滑块经过A处时的速度v=．（用题中的符号表示）（2）为了测量小滑块与水平地面间的动摩擦因数，除了（1）中所测物理量外，还需要测量的物理量是光电门和B点之间的距离L．（说明物理意义并用符号表示）（3）利用测量的量表示动摩擦因数μ=．（用题中所测的物理量的符号表示）考点：探究影响摩擦力的大小的因素．专题：实验题；摩擦力专题．分析：（1）很短的时间内，我们可以用这一段的平均速度来代替瞬时速度，由此可以求得铁块的速度大小；（2）根据滑动摩擦力的公式可以判断求动摩擦因数需要的物理量；（3）由滑块的运动情况可以求得铁块的加速度的大小，再由牛顿第二定律可以求得摩擦力的大小，再由滑动摩擦力的公式可以求得滑动摩擦因数．解答：解：（1）根据极限的思想，在时间很短时，我们可以用这一段的平均速度来代替瞬时速度，所以铁块通过光电门l的速度是v=（2）（3）要测量动摩擦因数，由f=μF N可知要求μ，需要知道摩擦力和压力的大小；小滑块在水平面上运动经过A处的光电门，最后停在B处，滑块做的是匀减速直线运动，根据光电门和B点之间的距离L，由速度位移的关系式可得，v2=2aL对于整体由牛顿第二定律可得，Mg﹣f=Ma因为f=μF N，所以由以上三式可得：μ=；需要测量的物理量是：光电门和B点之间的距离L故答案为：；光电门和B点之间的距离L；点评：测量动摩擦因数时，滑动摩擦力的大小是通过牛顿第二定律计算得到的，加速度是通过铁块的运动情况求出来的．运用动能定理来求解弹性势能，注意摩擦力做负功．11．（13分）在驾照科目三的训练中，某学徒驾驶一辆小轿车在水平路面上，从静止开始做匀加速直线运动，经过t=10s发生的位移x=50m．已知小轿车的质量m=1×103kg，牵引力F=2.2×103N，行驶过程中小轿车所受的阻力恒定，求：（1）小轿车运动的加速度大小a．（2）运动过程中，小轿车所受的阻力大小f．考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：（1）汽车做初速度为0的匀加速直线运动，由位移时间公式可求解加速度；（2）根据牛顿第二定律可求解汽车所受阻力．解答：解：（1）汽车做匀加速直线运动，初速度为0，由位移公式可得：m/s2（2）汽车受牵引力和阻力，根据牛顿第二定律可得：F﹣f=ma代入数据，解得：f=1200N答：（1）汽车运动的加速度大小为1m/s2；（2）运动过程中汽车所受的阻力大小为1200N点评：本题考查牛顿第二定律和运动学公式的基本运用，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁．12．（19分）一质量M=4kg、倾角为30°的上表面光滑的斜面体静止在粗糙的水平地面上，斜面上有两个质量均为m=2kg的小球A、B，它们用轻质细绳连接．现对小球B施加一水平向左的拉力F使小球A、B及斜面体一起向左做匀速直线运动，如图所示，重力加速度g=10m/s2．求：（1）细绳的拉力T；（2）水平拉力F的大小；（3）水平地面与斜面体间的动摩擦因数μ．考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：（1）以球A为研究对象，受力分析后根据平衡条件列式求解细线的拉力；（2）以A、B整体为研究对象，受力分析后根据平衡条件列式求解；（3）以A、B、斜面整体为研究对象，受力分析后根据共点力平衡条件列式求解摩擦力和支持力，最后根据滑动摩擦定律列式求解动摩擦因素．解答：解：（1）以A为研究对象，受重力、拉力和支持力，根据平衡条件，有：T=mgsin30°=2×=10N（2）以A、B整体为研究对象，受拉力、重力和支持力，根据平衡条件，有：Fcos30°=2mgsin30°解得：F=N（3）以A、B、斜面及弹簧整体为研究对象，根据平衡条件，有：F=f=μ（M+2m）g解得：μ==答：（1）细绳的拉力T为10N；（2）水平拉力F的大小为N；（3）水平地面与斜面体间的动摩擦因数μ为．点评：对于连接体问题注意整体与隔离法的应用，正确选取研究对象然后受力分析，根据所处状态列方程求解．（二）选考题：共45分．请考生从给出的3个选修中任选一个作答．如果多答则按所答的第一个计分．【物理-----选修3-3】13．下列说法正确的是( )A．给篮球打气时，到后来越来越费劲，说明分子间存在斥力B．一定质量的理想气体经历一缓慢的绝热膨胀过程，气体分子的平均动能减少C．液体表面层的分子较密集，分子间引力大于斥力，因此产生液体的表面张力D．一定量的气体，在体积不变时，分子平均每秒碰撞器壁的次数随着温度的降低而减少E．第二类永动机是不能制造出来的，虽然它不违反热力学第一定律，但它违反热力学第二定律考点：热力学第二定律．专题：热力学定理专题．分析：温度是分子平均动能的标志，根据热力学第一定律判断内能的变化，液体表面层的分子较稀疏，分子间引力大于斥力，第二类水动机是不能制造出来的，尽管它不违反热力学第一定律，但它违反热力学第二定律．解答：解：A、给篮球打气时，到后来越来越费劲，说明内部压强越来越大，与分子斥力无关，故A错误；B、一定质量的理想气体经历一缓慢的绝热膨胀过程，对外做功内能减小，温度降低，气体分子的平均动能减少少，故B正确；C、液体表面层的分子较稀疏，分子间引力大于斥力，因此产生液体的表面张力，故C错误；D、一定量的气体，在体积不变时，温度降低，则分子运动的激烈程度降低，所以分子平均每秒碰撞器壁的次数随着温度的降低而减少，故D正确；E、第二类水动机是不能制造出来的，尽管它不违反热力学第一定律，但它违反热力学第二定律，故E正确；故选：BDE点评：掌握温度是分子平均动能的标志，会用热力学第一定律公式判断内能的变化，知道永动机不可能制成的原因．14．如图所示，在竖直放置的圆柱形导热容器内用一轻质活塞密封一定质量的理想气体，活塞与容器壁间无摩擦，容器的横截面积为S．开始时活塞与容器底的距离为h0，设大气压恒为p0．若外界温度保持不变，现用外力将活塞缓慢提升d后，活塞再次平衡．求活塞再次平衡时容器内气体的压强的大小．考点：理想气体的状态方程；封闭气体压强．专题：理想气体状态方程专题．分析：在整个过程中为等温变化，找出初末状态，根据玻意耳定律求的压强解答：解：活塞上升过程为等温变化开始状态：P1=P0，V1=sh0活塞提升d后：V2=S（h0+d0，压强为P2根据玻意耳定律有P1V1=P2V2。

2016年广东省广大附中中考物理一模试卷(普通班)

2016年广东省广大附中中考物理一模试卷（普通班）一、选择题（每小题3分，共12小题，共36分）1．（3分）由做饭联想到的物理知识，错误的是（）A．能闻到热汤中香油的味道，是由于温度越高，分子热运动越剧烈B．把鸡蛋往灶台上一磕，鸡蛋就破了，是利用物体间力的作用是相互的C．青藏高原上利用高压锅煮饭，是利用青藏高原的大气压高于1标准大气压D．用吸盘挂钩挂铲子，是利用大气压强2．（3分）自动对焦相机用红外线或超声波进行测距，下列说法中正确的是（）A．超声波和红外线都属于电磁波B．相机底片上的像一定是实像C．焦距35mm的相机底片离镜头距离小于35mmD．红外线测距照相机和超声波测距照相机都可用来在月球上拍照3．（3分）如图所示电路，L1的电阻比L2的大，开关闭合，灯均发光，则（）A．V示数等于V1示数B．V1示数大于V2示数C．A示数大于A1示数D．A2示数大于A1示数4．（3分）有关热学知识，下列说法中正确的是（）A．烧杯中的水沸腾后继续加热，水的温度会升高B．物质的比热容跟物体吸收或放出的热量有关C．冰在熔化过程中吸收热量，温度不变，内能不变D．内燃机的做功冲程将内能转化为机械能5．（3分）如图是电磁波家族，真空中各种电磁波的传播速度相同，某类恒星温度较低，呈暗红色；另一类恒星温度极高，呈蓝色。

根据所给信息可推测（）A．红外线波长比蓝光波长短B．红光与X射线都是电磁波C．恒星温度越高，发出的光频率越低D．真空中红光比无线电波传播速度大6．（3分）在两个相同的薄壁塑料瓶（质量忽略不计）内分别装入体积相等、密度为ρ甲和ρ乙的两种液体后密封，再把它们放入两个装有水的容器中，处于如图所示状态。

下列判断正确的是（）A．ρ甲＞ρ乙 B．ρ甲=ρ乙C．ρ甲＜ρ乙 D．无法确定7．（3分）如图所示，一物体静止靠在粗糙的竖直墙面上，当撤去水平作用F后，物体沿墙面竖直下落的过程中，忽略空气阻力，对物体的受力和机械能变化分析正确的是（）A．物体只受重力作用，机械能减小B．物体受重力和摩擦力作用，机械能减小C．物体只受重力作用，机械能不变D．物体受重力和摩擦力作用，机械能不变8．（3分）下图中可视为费力杠杆的是（）A． B．C．D．9．（3分）规格相同的瓶装了不同的液体，放在横梁已平衡的天平上，如图所示，则（）A．甲瓶液体质量较大B．乙瓶液体质量较大C．乙瓶液体密度较大D．两瓶液体密度相等10．（3分）水是生命之源．图中能正确描述水的各物理量之间关系的图象是（）A．水的重力与质量的关系B．水的密度与体积的关系C．水产生的压强与深度的关系D．水的比热容与温度的关系11．（3分）如图所示的四个图的装置可以用来演示物理现象，则下列表述错误的是（）A．如图可用来演示电磁感应现象B．如图可用来演示磁场对电流的作用C．如图可用来演示电流的磁效应D．如图可用来演示电磁铁的磁性强弱与电流大小的关系12．（3分）如图所示的实验装置中，三个相同的烧瓶A、B、C内部都盛有质量和初温均相等的液体，其中，A、B烧瓶中装的是水，C瓶中装的是煤油，A、B、C瓶中电阻丝的阻值分别为R A、R B、R C，且R A=R C＞R B．当合上开光S通电一段时间后（三个烧瓶中的液体均未达到沸腾），A、B、C瓶中温度计示数分别为T A、T B、T C．对三只温度计示数的判断，下列说法正确的是（均不计热损失，比热容C水＞C煤油）（）A．T A=T B＜T C B．T A=T C＞T B C．T C＞T A＞T B D．T A＞T B＞T C二、填空作图题（共26分）13．（6分）（1）图中：图1停表所测的时间读数是；图2刻度尺测得物体的长度是；图3弹簧测力计的示数是；图4量筒中液体的体积是．（2）有一种“超声波喷雾降温扇”，在风扇转动时还可喷出水雾．喷雾可以增加空气中的水分，风扇吹风加快了空气中水分的，就加快了从周围物体热量，从而达到降温的目的．14．（2分）若小明所用的凸透镜焦距是10cm，则此时蜡烛经凸透镜所成的像是一个（选填“正立放大虚像”“倒立缩小实像”或“倒立放大实像”）．将图中的凸透镜看做眼睛的晶状体，光屏看作视网膜．给“眼睛”带上近视眼镜，为使烛焰在“视网膜”上成一个清晰地像，此时应将光屏向（选填“左”或“右”）移动．15．（2分）如图所示，A、B为两个形状、体积相同的密闭容器，都装满水，放在水平桌面上，则它们底面受到液体的压力F A F B；它们对桌面的压强p A′p B′（以上两空均填“＜”、“＞”或“=”）16．（4分）用如图所示的滑轮组，将重为100N的物体以0.5m/s的速度匀速提升了10m，拉力F=60N，问绳子自由端下降的速度是m/s，拉力的功率为W，滑轮组的机械效率，若不计绳重及摩擦，动滑轮的重力为N．17．（4分）如图所示，课桌的中心在O点，若在课桌的C点用力F把桌腿B抬离地面，在抬起时另一桌腿A没有滑动．请在图中画出桌子所受重力的示意图以及力F相对于A点的力臂L1：18．（4分）在图中用铅笔代替导线正确连接家庭电路的螺口灯泡、开关．（要求一个开关控制两盏灯，一盏灯出故障不影响另一盏灯的工作）19．（4分）（1）如图所示，MN是水平放置的平面镜，P为一竖直挡板，它的左侧有一发光点S，试作图表示人在挡板右侧可观察到S的像的范围。

2015-2016学年广州市广大附中高三(上)12月联考物理试卷(含答案和解析)

2015-2016学年广州市广大附中高三（上）12月联考物理试卷二、选择题：本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第1～4题只有一项符合题目要求，第5～8题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．许多科学家对物理学的发展做出了巨大贡献，这也归功于他们采用了正确的物理方法，下列表述正确的是（）A．卡文迪许用放大法测出了静电力常量B．伽利略用理想实验证明了力是使物体运动的原因C．法拉第用归纳法得出了电磁感应的产生条件D．牛顿用控制变量法测出了万有引力常量2．如图所示，将一个质量为m的球固定在弹性杆AB的上端，今用测力计沿水平方向缓慢拉球，使杆发生弯曲，在测力计的示数逐渐增大的过程中，AB杆对球的弹力方向为（）A．始终水平向左B．始终竖直向上C．斜向左上方，与竖直方向的夹角逐渐增大D．斜向左下方，与竖直方向的夹角逐渐增大3．星系由很多绕中心作圆形轨道运行的恒星组成．科学家研究星系的一个方法是测量恒星在星系中的运行速度v和离星系中心的距离r．用v∝r n这样的关系来表达，科学家们特别关心指数n．若作用于恒星的引力主要来自星系中心的巨型黑洞，则n的值为（）A．1 B．2 C．﹣D．4．如图所示，真空中两个带等量异种点电荷，A、B分别为两电荷连线和连线中垂线上的点，A、B两点电场强度大小分别是E A、E B，电势分别是φA、φB，下列判断正确的是（）A．E A＞E B，φA＞φB B．E A＞E B，φA＜φB C．E A＜E B，φA＞φB D．E A＜E B，φA＜φB 5．质点做直线运动的v﹣t图象如图，该质点（）A．物体在第1 s末运动方向发生变化B．物体在第2 s末加速度方向发生了改变C．物体在前2 s内发生的位移为零D．在第3s末和第5 s末的位置相同6．如图所示，固定的倾斜光滑杆上套有一个质量为m的圆环，圆环与一弹性橡皮绳相连，橡皮绳的另一端固定在地面上的A点，橡皮绳竖直时处于原长h．让圆环沿杆滑下，滑到杆的底端时速度为零．则在圆环下滑过程中（整个过程中橡皮绳始终处于弹性限度内）（）A．橡皮绳的弹性势能一直增大B．圆环的机械能先不变后减小C．橡皮绳的弹性势能增加了mghD．橡皮绳再次到达原长时圆环动能最大7．如图所示，质量均可忽略的轻绳与轻杆承受弹力的最大值一定，杆的A端用铰链固定，光滑轻小滑轮在A点正上方，B端吊一重物G，现将绳的一端拴在杆的B端，用拉力F将B端缓缦上拉，在AB杆达到竖直前（均未断），关于绳子的拉力F和杆受的弹力F N的变化，判断正确的是（）A．F变大B．F变小C．F N变大D．F N变小8．如图为湖边一倾角为30°的大坝的横截面示意图，水面与大坝的交点为O．一人站在A 点处以速度v0沿水平方向扔小石子，已知AO=40m，g取10m/s2．下列说法正确的是（）A．若v0=18m/s，则石块可以落入水中B．若石块能落入水中，则v0越大，落水时速度方向与水平面的夹角越大C．若石块不能落入水中，则v0越大，落到斜面上时速度方向与斜面的夹角越大D．若石块不能落入水中，则v0越大，落到斜面上时速度方向与斜面的夹角越小三、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第9题-第12题为必考题，每个试题考生都必须作答．第13题～第18为选考题，学生根据要求作答．（一）必考题9．某同学利用如图（甲）所示的装置探究加速度与合外力的关系．小车质量为M，桶和砂子的总质量为m，通过改变m改变小车所受的合外力大小，小车的加速度a可由打点计时器和纸带测出．现保持小车质量M不变，逐渐增大砂桶和砂的总质量m进行多次实验，得到多组a、F值（F为弹簧秤的示数）．①图（丙）为上述实验中打下的一条纸带，A点为小车刚释放时打下的起始点，每两点间还有四个计时点未画出，打点计时器的频率为50Hz，则C点的速度为m/s，小车的加速度m/s 2．（以上两空保留一位有效数字）②根据实验数据画出了如图（乙）所示的一条过坐标原点的倾斜直线，其中纵轴为小车的加速度大小，横轴应为．（选填字母代号）A．B．C．mg D．F③当砂桶和砂的总质量较大导致a较大时，关于（乙）图的说法，正确的是．（选填字母代号）A．图线逐渐偏向纵轴B．图线逐渐偏向横轴C．图线仍保持原方向不变．10．物理学习小组在测定某电源的电动势E和内阻r时，找来一段电阻率较大的粗细均匀的电阻丝ab替代滑动变阻器，设计了如图甲所示的实验，其中R0是阻值为2Ω的保护电阻，滑动片P与电阻丝始终接触良好．实验时闭合开关，调节P的位置，测得aP的长度x和对应的电压U、电流I数据，并分别绘制了如图乙所示的U﹣I图象和如图丙所示的﹣x图象．（1）由图乙可得电源的电动势E=V；内阻r=Ω．（2）根据测得的直径可以算得电阻丝的横截面积S=0.12×10﹣6m2，利用图丙可求得电阻丝的电阻率ρ为Ω•m，图丙中图象截距的物理意义是Ω．（以上结果均保留两位有效数字）（3）此实验用了图象法处理数据优点是直观，但是不能减少或者消除（填“偶然误差”或“系统误差”）．11．如图所示，风洞实验室中能模拟产生恒定向右的风力．质量m=100g的小球穿在长L=1.2m 的直杆上并置于实验室中，球与杆间的动摩擦因数为0.5，当杆竖直固定放置时，小球恰好能匀速下滑．保持风力不变，改变固定杆与竖直线的夹角，将小球从O点静止释放．g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，求：（1）当θ=37°时，小球离开杆时的速度大小；（2）改变杆与竖直线的夹角θ，使球下滑过程中与杆之间的摩擦力为0，求此时θ的正切值．12．在水平长直的轨道上有一长度为L的平板车，将一质量为m=1kg的小滑块在下列情形下轻放在平板车上表面的中点（1）若平板车在外力控制下始终保持速度v0=4m/s做匀速直线运动，小滑块最终相对小车静止，滑块和车因摩擦产生的内能为多少？（2）已知滑块与车面间动摩擦因数μ=0.2，车长L=2m，平板车在外力控制下保持速度v0=4m/s 速度不变，取g=10m/s2，当滑块放到车面中点的同时对该滑块施加一个与车运动方向相同的恒力F，要保证滑块不能从车的左端掉下，恒力F应该在什么范围？（3）在（2）的情况下，力F取最小值，要保证滑块不从车上掉下，力F的作用时间应该在什么范围内？（二）选考题：请考生从给出的3个选修中任选一个作答。