四川省德阳市四校2015届高三3月联合考试物理

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高三物理下学期月考试卷(含解析)-人教版高三全册物理试题

四川省德阳市中江中学2015届高三下学期月考物理试卷一.〔选择题共42分〕1．如下列图，实线是某电场中的电场线，虚线是一个带负电的粒子仅在电场力作用下的运动轨迹，假设带电粒子是从a处运动到b处，以下判断正确的答案是( )A．带电粒子从a到b加速度减小B．带电粒子在b处电势能大C．b处电势高于a处电势D．带电粒子在b处速度大2．如下列图的电路中，闭合开关S，灯泡L1和L2均正常发光，由于某种原因灯泡L2灯丝突然烧断，其余用电器均不会损坏，如此如下结论正确的答案是( )A．电流表读数变大，电压表读数变小B．灯泡L1变亮C．电容器C上电荷量减小D．电源的输出功率可能变大3．一列简谐横波在某时刻的波形如下列图，此时刻质点P的速度为v，经过0.2s它的速度大小、方向第一次与v一样，再经过1.0s它的速度大小、方向第二次与v一样，如此如下判断中不正确的有( )A．波沿+x方向传播，波速为5m/sB．假设某时刻M质点到达波谷处，如此P质点一定到达波峰处C．质点M与质点Q的位移大小总是相等、方向总是相反D．从图示位置开始计时，在2.2s时刻，质点P的位移为﹣20cm4．打磨某剖面如下列图的宝石时，必须将OP、OQ边与轴线的夹角θ切割在θ1＜θ＜θ2的范围内，才能使从MN边垂直入射的光线，在OP边和OQ边都发生全反射〔仅考虑如下列图的光线第一次射到OP边并反射到OQ边后射向MN边的情况〕，如此如下判断正确的答案是( )A．假设θ＞θ2，光线一定在OP边发生全反射B．假设θ＞θ2，光线会从OQ边射出C．假设θ＜θ1光线会从OQ边射出D．假设θ＜θ1光线会在OP边发生全反射5．假设地球可视为质量均匀分布的球体，地球外表重力加速度在两极的大小为g0，赤道的大小为g；地球自转的周期为T，引力常量为G．如此地球的密度为( )A．B．C．D．6．如图1所示，在匀强磁场中，一矩形金属线圈两次分别以不同的转速，绕与磁感线垂直的轴匀速转动，产生的交变电动势图象如图2中曲线a，b所示，如此( )A．两次t=0时刻线圈平面均与中性面重合B．曲线a、b对应的线圈转速之比为2：3C．曲线a表示的交变电动势频率为25HzD．曲线b表示的交变电动势有效值为10V7．如下列图，匀强磁场的边界为矩形abcd，ab＞ac．一束带正电的粒子以不同的速度v沿cd边从c点射入磁场，不计粒子的重力，关于粒子在磁场中的运动情况如下说法中正确的答案是( )A．入射速度越小的粒子，其运动时间越长B．从ac边出射的粒子的运动时间都相等C．从ab边出射的粒子速度越大，运动时间越短D．粒子不可能从bd、cd边出射二.非选择题8．〔17分〕用如下列图的装置验证小球做自由落体运动时机械能守恒，图中O为释放小球的位置，A、B、C、D为固定速度传感器的位置且与O在同一条竖直线上．〔1〕假设当地重力加速度为g，还需要测量的物理量有__________．A．小球的质量mB．小球下落到每一个速度传感器时的速度vC．小球下落到每一个速度传感器时下落的高度hD．小球下落到每一个速度传感器时所用的时间t〔2〕作出v2﹣h图象，由图象算出其斜率k，当k=__________可以认为小球下落过程中机械能守恒．〔3〕写出对减小本实验误差有益的一条建议：__________．9．利用如图〔a〕所示电路，可以测量电源的电动势和内阻，所用的实验器材有：待测电源，电阻箱R〔最大阻值999.9Ω〕，电阻R0〔阻值为3.0Ω〕，电阻R1〔阻值为3.0Ω〕，电流表A〔量程为200mA，内阻为R A=6.0Ω〕，开关S．实验步骤如下：①将电阻箱阻值调到最大，闭合开关S；②屡次调节电阻箱，记下电流表的示数I和电阻箱相应的阻值R2；③以为纵坐标，R为横坐标，作﹣R图线〔用直线拟合〕；④求出直线的斜率k和纵轴上的截距b．回答如下问题：〔1〕实验得到的局部数据如下表所示，其中电阻R=3.0Ω时电流表的示数如图〔b〕所示，读出数据，完成下表．答：①__________，②__________．〔2〕根据图〔c〕图线求得斜率k=__________A﹣1Ω﹣1，截距b=__________A﹣1．〔3〕分别用E和r表示电源的电动势和内阻，如此与R的关系式为__________R/Ω 1.0 2.0 3.0 4.0 5.0 6.0 7.0I/A 0.143 0.125 ①0.100 0.091 0.084 0.077I﹣1/A﹣1 6.99 8.00 ②10.0 11.0 11.9 13.0〔4〕根据图线求得电源电动势E=__________V，内阻r=__________Ω．10．如图，用跨过光滑定滑轮的缆绳将海面上一艘失去动力的小船沿直线拖向岸边．拖动缆绳的电动机功率恒为P，小船的质量为m，小船受到的阻力大小恒为f，经过A点时的速度大小为v0，小船从A点沿直线加速运动到B点经历时间为t1，A、B两点间距离为d，缆绳质量忽略不计．求：〔1〕小船从A点运动到B点的全过程抑制阻力做的功W f；〔2〕小船经过B点时的速度大小v1；〔3〕小船经过B点时的加速度大小a．11．〔17分〕用如下列图的水平传送带AB和斜面BC将货物运送到斜面的顶端．传送带AB 的长度L=11m，上外表保持匀速向右运行，运行的速度v=12m/s．传送带B端靠近倾角θ=37°的斜面底端，斜面底端与传送带的B端之间有一段长度可以不计的小圆弧．在A、C处各有一个机器人，A处机器人每隔△t=1.0s将一个质量m=10kg的货物箱〔可视为质点〕轻放在传送带A端，货物箱经传送带和斜面后到达斜面顶端的C点时速度恰好为零，C点处机器人立刻将货物箱搬走．斜面BC的长度s=5.0m，传送带与货物箱之间的动摩擦因数μ0=0.55，货物箱由传送带的右端到斜面底端的过程中速度大小损失原来的，g=10m/s2〔sin37°=0.6，cos37°=0.8〕．求：〔1〕斜面与货物箱之间的动摩擦因数μ；〔2〕从第一个货物箱放上传送带A端开始计时，在t0=3.0s的时间内，所有货物箱与传送带的摩擦产生的热量Q；〔3〕如果C点处的机器人操作失误，未能将第一个到达C点的货物箱搬走而造成与第二个货物箱在斜面上相撞．求两个货物箱在斜面上相撞的位置到C点的距离．〔本问结果可以用根式表示〕12．〔19分〕如图甲所示，间距为d，垂直于纸面的两平行板P，Q间存在匀强磁场，取垂直于纸面向里为磁场的正方向，磁感应强度随时间的变化规律如图乙所示，t=0时刻，一质量为m，带电量为+q的粒子〔不计重力〕，以初速度v0，由Q板左端靠近板面的位置，沿垂直于磁场且平行于板面的方向射入磁场区，当B0和T B取某些特定值时，可使t=0时刻入射的粒子经△t时间恰能垂直打在P板上〔不考虑粒子反弹〕，上述m、q、d、v0为量．〔1〕假设△t=T B，求B0；〔2〕假设△t=T B，求粒子在磁场中运动时加速度的大小；〔3〕假设B0=，为使粒子仍能垂直打在P板上，求T B．四川省德阳市中江中学2015届高三下学期月考物理试卷一.〔选择题共42分〕1．如下列图，实线是某电场中的电场线，虚线是一个带负电的粒子仅在电场力作用下的运动轨迹，假设带电粒子是从a处运动到b处，以下判断正确的答案是( )A．带电粒子从a到b加速度减小 B．带电粒子在b处电势能大C．b处电势高于a处电势D．带电粒子在b处速度大考点：电场线；电场强度；电势．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场线越密，场强越大，电场力越大，加速度越大．粒子的轨迹向下弯曲可知粒子所受的电场力方向向下，粒子带负电，可判断出电场线的方向，判断出电势上下．根据电场力做功正负，分析电势能的变化和动能的变化．解答：解：A、由图看出，a处电场线比b处疏，如此a处场强比b处小，粒子所受的电场力小于b处的电场力，a处的加速度也比b处的加速度小．故A错误．B、D粒子的轨迹向下弯曲可知粒子所受的电场力方向向下，如此从a运动到b过程中，电场力做负功，电势能增大，动能减小，速率减小．故B正确，D错误．C、电场力方向向下，粒子带负电，可知电场线的方向向上，如此b处电势低于a处电势．故C错误．应当选：B．点评：此题根据轨迹的弯曲方向判断电场线的方向，根据电场线的两个物理意义判断加速度和电势能的大小：电场线的疏密反映场强的大小，顺着电场线电势降低．2．如下列图的电路中，闭合开关S，灯泡L1和L2均正常发光，由于某种原因灯泡L2灯丝突然烧断，其余用电器均不会损坏，如此如下结论正确的答案是( )A．电流表读数变大，电压表读数变小B．灯泡L1变亮C．电容器C上电荷量减小D．电源的输出功率可能变大考点：闭合电路的欧姆定律；电容．专题：恒定电流专题．分析：因灯泡L2灯丝突然烧断，外电路总电阻增大，分析总电流的变化和路端电压的变化，即可知道两电表读数的变化与灯泡L2亮度的变化．判断R两端电压的变化，即可知道电容器两端电压的变化，由Q=CU分析电量的变化．根据电源的内阻等于外电阻时，电源的输出功率最大，分析电源的输出功率变化．解答：解：A、B灯泡L2灯丝突然烧断，外电路总电阻增大，总电流减小，根据欧姆定律得知：电源的内电压减小，路端电压增大，故知电流表的读数变小，电压表的读数变大．总电流减小，如此灯泡L1变暗．故A、B错误．C、路端电压增大，灯L1的电压减小，如此电阻R两端的电压增大，电容器两端的电压增大，由Q=CU知，电容器C上电荷量增大．故C错误．D、根据电源的内阻等于外电阻时，电源的输出功率最大，由于电源的内电阻与外电阻关系未知，电源的输出功率可能变大．故D正确．应当选D点评：此题是电路动态变化分析问题，按“局部→整体→局部〞的顺序进展分析．3．一列简谐横波在某时刻的波形如下列图，此时刻质点P的速度为v，经过0.2s它的速度大小、方向第一次与v一样，再经过1.0s它的速度大小、方向第二次与v一样，如此如下判断中不正确的有( )A．波沿+x方向传播，波速为5m/sB．假设某时刻M质点到达波谷处，如此P质点一定到达波峰处C．质点M与质点Q的位移大小总是相等、方向总是相反D．从图示位置开始计时，在2.2s时刻，质点P的位移为﹣20cm考点：波长、频率和波速的关系；横波的图象．专题：波的多解性．分析：由图读出波长λ=6m．根据图示时刻质点P的速度为v，经过0.2s它的速度大小、方向第一次与v一样，质点P运动到关于平衡位置对称的位置，再经过1.0s它的速度大小、方向第二次与v一样时，回到原来位置，完成一次全振动，如此P振动的周期T=1.2s，而且图示时刻P点的运动沿y轴正方向，可判断出波沿+x方向传播，由公式v=求出波速．图示时刻，质点M与质点Q的位移大小相等、方向相反，但它们平衡位置之间的距离不是半个波长的奇数倍，位移不是总是相反．质点M与P是反相点，振动情况总是相反．从图示位置开始计时，在2.2s时刻，质点P到达波谷．解答：解：A、由图读出波长λ=6m，根据条件分析得到周期T=1.2s，由公式v==5m/s．而且图示时刻P点运动方向沿y轴正方向，如此沿波+x方向传播．故A正确．B、图示时刻，质点M与质点P两点平衡位置之间的距离是半个波长，振动情况总是相反．假设M质点到达波谷处，如此P质点一定到达波峰处．故B正确．C、图示时刻，质点M与质点Q的位移大小相等、方向相反，但它们平衡位置之间的距离不是半个波长的奇数倍，位移不是总是相反．故C错误．D、波的周期T=1.2s，从图示位置开始计时，在2.2s时刻质点P的位置与1.0s时刻的位置一样，到达波谷，位移为﹣20cm．故D正确．此题选错误的，应当选C点评：此题在于关键分析质点P的振动情况，确定P点的运动方向和周期，即可判断波的传播方向．考查把握振动与波动联系的能力．4．打磨某剖面如下列图的宝石时，必须将OP、OQ边与轴线的夹角θ切割在θ1＜θ＜θ2的范围内，才能使从MN边垂直入射的光线，在OP边和OQ边都发生全反射〔仅考虑如下列图的光线第一次射到OP边并反射到OQ边后射向MN边的情况〕，如此如下判断正确的答案是( )A．假设θ＞θ2，光线一定在OP边发生全反射B．假设θ＞θ2，光线会从OQ边射出C．假设θ＜θ1光线会从OQ边射出D．假设θ＜θ1光线会在OP边发生全反射考点：光的折射定律．专题：光的折射专题．分析：发生全反射的条件是光从光密介质射入光疏介质，且入射角大于临界角．根据条件：θ在θ1＜θ＜θ2的范围内，才能使从MN边垂直入射的光线，在OP边和OQ边都发生全反射，结合几何关系分析临界角的范围，再进展判断．解答：解：AB、从MN边垂直入射，由几何关系可知光线射到PO边上时的入射角i=﹣θ，据题：θ在θ1＜θ＜θ2的范围内，才能使从MN边垂直入射的光线，在OP边和OQ边都发生全反射，说明临界角C的范围为：﹣θ2＜C＜﹣θ1．假设θ＞θ2，光线在PO上入射角i=﹣θ＜﹣θ2＜C，故光线在OP边一定不发生全反射，会从OP边射出．故AB错误．CD、假设θ＜θ1，i=﹣θ＞﹣θ1＞C，故光线在OP边会发生全反射．根据几何关系可知光线OQ边上入射角i′较大，光线会在OQ边发生全反射，故C错误，D正确．应当选：D．点评：此题关键要掌握全反射的条件，熟练应用几何知识帮助分析入射角的大小，即可进展判断．5．假设地球可视为质量均匀分布的球体，地球外表重力加速度在两极的大小为g0，赤道的大小为g；地球自转的周期为T，引力常量为G．如此地球的密度为( ) A．B．C．D．考点：万有引力定律与其应用．专题：万有引力定律的应用专题．分析：根据万有引力等于重力，如此可列出物体在两极的表达式，再由引力与支持力的合力提供向心力，列式综合可求得地球的质量，最后由密度公式，即可求解．解答：解：在两极，引力等于重力，如此有：mg0=G，由此可得地球质量M=，在赤道处，引力与支持力的合力提供向心力，由牛顿第二定律，如此有：G﹣mg=m，而密度公式，ρ==，故B正确，ACD错误；应当选：B．点评：考查万有引力定律，掌握牛顿第二定律的应用，注意地球两极与赤道的重力的区别，知道密度表达式．6．如图1所示，在匀强磁场中，一矩形金属线圈两次分别以不同的转速，绕与磁感线垂直的轴匀速转动，产生的交变电动势图象如图2中曲线a，b所示，如此( )A．两次t=0时刻线圈平面均与中性面重合B．曲线a、b对应的线圈转速之比为2：3C．曲线a表示的交变电动势频率为25HzD．曲线b表示的交变电动势有效值为10V考点：交流发电机与其产生正弦式电流的原理；正弦式电流的图象和三角函数表达式；正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．专题：交流电专题．分析：根据图象可分别求出两个交流电的最大值以与周期等物理量，然后进一步可求出其瞬时值的表达式以与有效值等．解答：解：A、在t=0时刻，线圈一定处在中性面上；故A正确；B、由图可知，a的周期为4×10﹣2s；b的周期为6×10﹣2s，如此由n=可知，转速与周期成反比，故转速之比为：；故B错误；C、曲线a的交变电流的频率f==25Hz；故C正确；D、由E m=NBSω可知===，所以E mb=E ma=10V，曲线b表示的交变电动势有效值为U==5V；故D错误；应当选：AC．点评：此题考查了有关交流电描述的根底知识，要根据交流电图象正确求解最大值、有效值、周期、频率、角速度等物理量．7．如下列图，匀强磁场的边界为矩形abcd，ab＞ac．一束带正电的粒子以不同的速度v沿cd边从c点射入磁场，不计粒子的重力，关于粒子在磁场中的运动情况如下说法中正确的答案是( )A．入射速度越小的粒子，其运动时间越长B．从ac边出射的粒子的运动时间都相等C．从ab边出射的粒子速度越大，运动时间越短D．粒子不可能从bd、cd边出射考点：带电粒子在匀强磁场中的运动．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：带电粒子进入磁场做匀速圆周运动，周期为T=，轨迹半径为r=．根据圆的对称性可知，从ac边出射的粒子速度的偏向角一样，如此轨迹的圆心角一样，运动时间必定一样．速度越大，半径越大，从ab边出射的粒子速度的偏向角不同，运动时间不同．解答：解：A、带电粒子进入磁场做匀速圆周运动，轨迹半径为r=，速度越大，半径越大，根据圆的对称性可知，从ac边出射的粒子速度的偏向角都一样，而轨迹的圆心角等于速度的偏向角，如此从ac边出射的粒子轨迹的圆心角θ都一样，粒子在磁场中运动时间为t=T，T一样，如此从ac边出射的速度不同的粒子的运动时间都相等，不是速度越小，时间越长．故A错误，B正确；C、从ab边出射的粒子速度越大，半径越大，如此圆心角越小，粒子在磁场中运动时间为t=T，T相等，所以速度越大，时间运动时间越短，故C正确；D、当速度较大时，圆周运动的半径较大，可以从bd边射出，故D错误．应当选：BC点评：此题带电粒子在有界的磁场中运动的类型，注意根据圆的对称性得到出射时粒子速度和边界的夹角与入射时速度和边界的夹角相等．二.非选择题8．〔17分〕用如下列图的装置验证小球做自由落体运动时机械能守恒，图中O为释放小球的位置，A、B、C、D为固定速度传感器的位置且与O在同一条竖直线上．〔1〕假设当地重力加速度为g，还需要测量的物理量有BC．A．小球的质量mB．小球下落到每一个速度传感器时的速度vC．小球下落到每一个速度传感器时下落的高度hD．小球下落到每一个速度传感器时所用的时间t〔2〕作出v2﹣h图象，由图象算出其斜率k，当k=2g可以认为小球下落过程中机械能守恒．〔3〕写出对减小本实验误差有益的一条建议：相邻速度传感器间的距离适当大些；选用质量大、体积小的球做实验等．考点：机械能守恒定律．专题：实验题；压轴题；机械能守恒定律应用专题．分析：〔1〕根据需要验证的方程：mgh=，确定需要测量的物理量．〔2〕根据mgh=，得到v2与h的关系式，分析v2﹣h图象斜率的物理意义．〔3〕要减小实验误差，测量的量应相对大些，选用质量大、体积小的球做实验等．解答：解：〔1〕小球做自由落体运动时，由机械能守恒定律得：mgh=，即gh=，故需要测量小球下落到每一个速度传感器时的速度v和高度h，不需要测量小球的质量m和下落时间时间t．故BC正确，AD错误．〔2〕由mgh=，得v2=2gh，如此v2﹣h图象的斜率k=2g．〔3〕为了减小测量的相对误差，建议相邻速度传感器间的距离适当大些；为减小空气阻力的影响，建议选用质量大、体积小的球做实验等．故答案为：〔1〕BC；〔2〕2g；〔3〕相邻速度传感器间的距离适当大些；选用质量大、体积小的球做实验等．点评：本实验以小球做自由落体运动为例，验证机械能守恒定律，根据方程mgh=，分析v2﹣h图象斜率的意义是常用的方法．9．利用如图〔a〕所示电路，可以测量电源的电动势和内阻，所用的实验器材有：待测电源，电阻箱R〔最大阻值999.9Ω〕，电阻R0〔阻值为3.0Ω〕，电阻R1〔阻值为3.0Ω〕，电流表A〔量程为200mA，内阻为R A=6.0Ω〕，开关S．实验步骤如下：①将电阻箱阻值调到最大，闭合开关S；②屡次调节电阻箱，记下电流表的示数I和电阻箱相应的阻值R2；③以为纵坐标，R为横坐标，作﹣R图线〔用直线拟合〕；④求出直线的斜率k和纵轴上的截距b．回答如下问题：〔1〕实验得到的局部数据如下表所示，其中电阻R=3.0Ω时电流表的示数如图〔b〕所示，读出数据，完成下表．答：①0.110，②9.09．〔2〕根据图〔c〕图线求得斜率k=1.0A﹣1Ω﹣1，截距b=0.6A﹣1．〔3〕分别用E和r表示电源的电动势和内阻，如此与R的关系式为=R+〔5.0+r〕R/Ω 1.0 2.0 3.0 4.0 5.0 6.0 7.0I/A 0.143 0.125 ①0.100 0.091 0.084 0.077I﹣1/A﹣1 6.99 8.00 ②10.0 11.0 11.9 13.0〔4〕根据图线求得电源电动势E=3.0V，内阻r=1.0Ω．考点：测定电源的电动势和内阻．专题：实验题．分析：〔1〕根据图b所示电流表读出其示数，然后答题．〔2〕应用描点法作出图象，然后根据图象分析答题．〔3〕根据图a所示电路图应用欧姆定律求出图象的函数表达式．〔4〕根据图象与图象的函数表达式求出电源电动势与内阻．解答：解：〔1〕由图b所示可知，电流I=0.110A，故电流的倒数为9.09；〔2〕根据表中实验数据在坐标系内描出对应点，然后作出图象如下列图：由图示图象可知，图象斜率k===1，由图示可知，图象截距：b=6.0；〔3〕电流表与电阻R1并联，两端电压相等，电阻R1的阻值为3.0Ω，电流表内阻为R A=6.0Ω，如此通过电阻R1的电流为为通过电流表的2倍，电流表示数为I，电路电流为3I，并联电阻R并=2Ω，由图a所示电路图可知，E=3I〔R并+R0+R+r〕，如此=R+3=R+〔5.0+r〕；〔4〕由图示图象与图象的函数表达式可知，k=，b=〔5.0+r〕，代入数据解得，电源电动势E=3.0V时，内阻r=1.0Ω；故答案为：〔1〕①0.110；②9.09；〔2〕1；6.0；〔3〕=R+〔5.0+r〕；〔4〕3.0；1.0；点评：此题考查了求图象函数表达式、电表读数、作图象、求电源电动势与内阻问题，应用图象法处理实验数据是常用的实验数据处理方法，要掌握描点法作图的方法，要会用图象法处理实验数据．10．如图，用跨过光滑定滑轮的缆绳将海面上一艘失去动力的小船沿直线拖向岸边．拖动缆绳的电动机功率恒为P，小船的质量为m，小船受到的阻力大小恒为f，经过A点时的速度大小为v0，小船从A点沿直线加速运动到B点经历时间为t1，A、B两点间距离为d，缆绳质量忽略不计．求：〔1〕小船从A点运动到B点的全过程抑制阻力做的功W f；〔2〕小船经过B点时的速度大小v1；〔3〕小船经过B点时的加速度大小a．考点：运动的合成和分解；牛顿第二定律．专题：压轴题；运动的合成和分解专题．分析：〔1〕根据功的表达式求出阻力所做的功．〔2〕根据动能定理求出小船经过B点时的速度．〔3〕设小船经过B点时绳的拉力大小为F，绳与水平方向夹角为θ，绳的速度大小为u，根据牛顿第二定律、功率P=Fu，以与小船速度与绳子收缩速度的关系求出B点的加速度．解答：解：〔1〕小船从A点运动到B点抑制阻力做功W f=fd①〔2〕小船从A点运动到B点，电动机牵引绳对小船做功W=Pt1②由动能定理有③由①②③式解得④〔3〕设小船经过B点时绳的拉力大小为F，绳与水平方向夹角为θ，绳的速度大小为u，P=Fu ⑤u=v1cosθ ⑥牛顿第二定律Fcosθ﹣f=ma⑦由④⑤⑥⑦得答：〔1〕A到B点过程中，小船抑制阻力所做的功为fd．〔2〕小船经过B点时速度大小．〔3〕小船经过B点时的加速度大小．点评：此题综合考查了动能定理、牛顿第二定律等知识，综合性较强，对学生能力要求较高，尤其第三问要运用到速度的分解．11．〔17分〕用如下列图的水平传送带AB和斜面BC将货物运送到斜面的顶端．传送带AB 的长度L=11m，上外表保持匀速向右运行，运行的速度v=12m/s．传送带B端靠近倾角θ=37°的斜面底端，斜面底端与传送带的B端之间有一段长度可以不计的小圆弧．在A、C处各有一个机器人，A处机器人每隔△t=1.0s将一个质量m=10kg的货物箱〔可视为质点〕轻放在传送带A端，货物箱经传送带和斜面后到达斜面顶端的C点时速度恰好为零，C点处机器人立刻将货物箱搬走．斜面BC的长度s=5.0m，传送带与货物箱之间的动摩擦因数μ0=0.55，货物箱由传送带的右端到斜面底端的过程中速度大小损失原来的，g=10m/s2〔sin37°=0.6，cos37°=0.8〕．求：〔1〕斜面与货物箱之间的动摩擦因数μ；〔2〕从第一个货物箱放上传送带A端开始计时，在t0=3.0s的时间内，所有货物箱与传送带的摩擦产生的热量Q；〔3〕如果C点处的机器人操作失误，未能将第一个到达C点的货物箱搬走而造成与第二个货物箱在斜面上相撞．求两个货物箱在斜面上相撞的位置到C点的距离．〔本问结果可以用根式表示〕考点：动能定理；匀变速直线运动的位移与时间的关系；牛顿第二定律．专题：动能定理的应用专题．分析：〔1〕货物箱在传送带上做匀加速运动过程，根据牛顿第二定律求出加速度，由运动学公式求出货物箱运动到传送带右端时的速度，进而求出货物箱刚冲上斜面时的速度，货物箱在斜面上向上运动过程中根据运动学公式求出加速度，对货物箱进展受力分析，根据牛顿第二定律即可求得μ；〔2〕3.0s内放上传送带的货物箱有3个，分别求出三个货物箱相对于传送带的位移，根据与传送带的摩擦产生的热量Q等于抑制摩擦力所做的功，即可求解；〔3〕先计算第一个货物箱到达C点时，第二个货物箱的位置，此时第一个货物箱向下加速运动，第二个货物箱向上减速运动，分别求出它们的加速度，再根据运动学公式即可求解解答：解：〔1〕货物箱在传送带上做匀加速运动过程，根据牛顿第二定律有：μ0 mg=ma0解得：a0=μ0g=5.5m/s2由运动学公式有：v12=2a0L解得货物箱运动到传送带右端时的速度大小为：v1=11m/s货物箱刚冲上斜面时的速度为：v2=〔1﹣〕v1=10m/s货物箱在斜面上向上运动过程中有：v22=2a1s解得：a1=10m/s2根据牛顿第二定律与：mgsinθ+μmgcosθ=ma1解得：μ=0.5〔2〕3.0s内放上传送带的货物箱有3个，前2个已经通过传送带，它们在传送带上的加速时间t1=t2=2.0s；第3个还在传送带上运动，其加速时间为t3=1.0s．前2个货物箱与传送带之间的相对位移为：△s=v t1﹣v1t1=13m第3个货物箱与传送带之间的相对位移为：△s′=vt3﹣v1t3=9.25m前2个货物箱与传送带摩擦产生的总热量为：Q1=2μ0mg△s=1430J。

2015年四川省德阳市高考物理三诊试卷和答案

2015年四川省德阳市高考物理三诊试卷一、选择题（本题共7小题，每小题6分，共42分.在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求：全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的0分.）1．（6分）下列说法中正确的是（）A．电磁波在真空中传播时，每处的电场强度方向和磁感应强度方向总是平行的B．拍摄玻璃橱窗内的物品时，在镜头前加装一个偏振片是为了增加透射光的强度C．站在地面上的人观察一根沿自身长度方向以接近光速运动的杆，观察到的长度比杆静止时的短D．某同学在“用单摆测重力加速度”的实验中，测摆长时漏加了小球的半径，则测得的重力加速度值偏大2．（6分）一列简谐横波沿x轴正方向传播，图甲是波传播到x=5m处M点时的波形图，图乙是x=3m处的质点N从此时刻开始计时的振动图象，Q是位于x=10m 处的质点．下列说法正确的是（）A．这列波的传播速度是1.25m/sB．M点以后的各质点开始振动时的方向都沿y轴的负方向C．质点Q经过5s时，第一次到达波谷D．在0～8s内，质点P随波沿x轴正方向运动0.8m的距离3．（6分）为了应对地球上越来越严重的雾霆天气和能源危机，各国科学家正在对太空电站的可行性和关键技术进行研究．太空电站又称空间太阳能电站，是指在地球同步轨道上运行的超大型航天器，其上安装着巨大的太阳能电池板或激光器，将产生的电能通过微波或激光以无线能量传输方式传输到地面．假设若干年后，人类第一台太空电站在地球的同步轨道上绕地球做匀速圆周运动．已知该太空电站经过时间t（t小于太空电站运行的周期），它运动的弧长为s，它与地球中心连线扫过的角度为β（弧度），引力常量为G，则下列说法中正确的是（）A．太空电站在轨道上运行的速度大于地球的第一宇宙速度B．太空电站轨道所在处的加速度小于赤道上随地球自转物体的向心加速度C．太空电站的环绕周期为D．地球的质量为4．（6分）如图所示为某大型商场的应急供电系统，由交流发电机和副线圈匝数可调的理想降压变压器组成．发电机中矩形线圈所围的面积为S，匝数为N，电阻不计，它可绕水平轴OO′在磁感应强度为B的水平匀强磁场中以角速度ω匀速转动．矩形线圈通过滑环连接降压变压器，滑动触头P上下移动时可改变输出电压，R0表示输电线的电阻．以线圈平面与磁场平行时为计时起点，下列判断正确的是（）A．当发电机线圈t=0时刻处于图示位置时，穿过线圈平面的磁通量最大B．发电机线圈感应电动势的瞬时值表达式为e=NBSsinωtC．当用电器数目增多时，若要用电器两端电压保持不变，滑动触头P应向上滑动D．当滑动触头P向下移动时，变压器原线圈两端的电压将升高5．（6分）如图所示，在负点电荷Q形成的电场中有A、B、C、D四点，A、B、C为直角三角形的三个顶点，D为BC的中点，∠C=60°．A、B、C、D四点处的电势分别用φA、φB、φC、φD表示，已知φB=φC、φA=φD，点电荷口在A、B、C 三点所在平面内，则（）A．A、B两点的电势高低关系是φA＜φBB．B点的电场方向从A指向BC．连接AD的线段一定在同一等势面上D．将正试探电荷从C点搬运到A点，电场力做负功6．（6分）如图所示，电阻忽略不计的两根平行的光滑金属导轨竖直放置，其上端接一阻值R=3Ω的定值电阻在水平虚线L1、L2间有一与导轨所在平面垂直的匀强磁场B、磁场区域的高度d=0.5m．导体棒a的质量m a=0.2kg，电阻R a=3Ω；导体棒b的质量m b=0.1kg，电阻R b=6Ω．它们分别从图中M、N处同时由静止开始在导轨上无摩擦向下滑动，且都能匀速穿过磁场区域，当b刚穿出磁场时a正好进人磁场．不计a、b之间的作用，整个运动过程中a、b棒始终与金属导轨接触良好，重力加速度g=10m/s2．则下列说法中正确的是（）A．在整个过程中，a、b棒克服安培力做功之比为3：2B．a、b棒刚进人磁场时的速度之比为4：3C．进人磁场前，a、b棒自由下落的时间之比为2：1D．M、N两处距虚线L1的高度之比为16：97．（6分）如图所示，在光滑的水平地面上有一个表面光滑的物块P，它的质量为M，一长为L的轻杆下端用光滑铰链连接于O点，O点固定于地面上，轻杆的上端连接着一个可视为质点的小球Q，它的质量为m，且M=5m．开始时，小球斜靠在物块左侧，它距地面的高度为h，物块右侧受到水平向左推力F的作用，整个装置处于静止状态．若现在撤去水平推力F，则下列说法中正确的是（）A．物块先做匀加速运动，后做匀速运动B．在小球和物块分离前，当轻杆与水平面的夹角为θ时，小球的速度大小C．小球与物块分离时，小球一定只受重力作用D．在小球落地之前，小球的机械能一直减少二、实验题（共17分.）8．（6分）某同学利用“插针法”测定玻璃的折射率，所用的玻璃砖两面平行．正确操作后，作出的光路图及测出的相关角度如图所示．（1）插大头针P4时应．（2）此玻璃的折射率计算式为n=（用图中的θ1、θ2表示）．（3）关于此实验的一些操作，下列说法正确的是．A．P1、P2及P3、P4之间的距离适当大些，可以减小误差B．P1、P2及P3、P4之间的距离取得小些，可以减小误差C．人射角适当大些，可以减小误差D．人射角太大，折射光线会在玻璃砖的内表面发生全反射，使实验无法进行．9．（11分）在“测量金属丝的电阻率”实验中．（1）为了测量金属丝的电阻R x的阻值，实验室提供如下实验器材：A．待测金属丝电阻R x（约：100Ω ）B．电动势E=6V，内阻很小的直流电源C．量程50mA，内阻约为50Ω的电流表D．量程0.6A，内阻约为0.2Ω的电流表E．量程6V，内阻约为15kΩ的电压表F．最大阻值15Ω，最大允许电流1A的滑动变阻器G．最大阻值15kΩ，最大允许电流0.5A的滑动变阻器H．开关一个，导线若干①为了操作方便，且能比较精确测量金属丝的电阻值，电流表选用、滑动变阻器选用（填写选用器材前的序号）；②根据所选用的实验器材，设计出测量电阻的下列甲、乙两种电路，为尽可能减少实验误差，应采用图．（选填“甲”或“乙”）③实验中测得该金属丝直径为d，长度为L，接人电路后，电压表示数为U，电流表示数为I，则该金属丝的电阻率的表达式为ρ=．（2）若另有一只待测电阻，无论用电流表内接还是外接，测量误差较为接近，有一位同学为了消除因电表内阻所带来的系统误差，他用两只相同的电压表，设计了如图丙所示的测量电路．实验操作步骤如下：①按电路图连接好实验器材；②闭合S1，断开S2，读出此时电压表V1的示数U，电流表示数I．③再闭合S2，调节变阻器R，使电流表的电流仍为步骤2的电流I，此时读出电压表V1的示数U1，电压表V2的示数U2．用上述测得的物理量表示，待测电阻的阻值R x=．三、计算题（本大题共有3个小题，共51分.解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）10．（15分）在2014年底，我国不少省市ETC联网正式启动运行，ETC是电子不停车收费系统的简称。

2015高考二模四川省德阳市2015届高三“三诊”物理试题扫描版含答案

2015德阳三诊物理答案及评分标准二、实验题（共17分，8小题6分，9小题11分）8.（1）挡住P 3本身及P 1、P 2的像（2）12cos cos θθ或12sin(90)sin(90)θθ︒-︒-（3）A 、C （每空各2分）9.（1）①C 、F （各2分） ②甲；（2分） ③2π4d ULI （2分） (2)21U U U I +-（3分）三、计算题10.（15分）（1）6分（2）9分解：（1）汽车通过ETC 通道时：匀减速过程：22121160m 2v v x a -== （2分）匀加速过程：221222120m 2v v x a -== （2分）汽车的总位移：12188m x x d x =++= （2分）（2）汽车通过ETC 通道时：匀减速过程：12116s v v t a -== （1分）匀速过程：222s v dt == （1分）匀加速过程：123212s v v t a -== （1分）汽车通过ETC 通道的总时间：12320s t t t t =++= （1分）汽车通过人工收费通道时：1118s v t a '== （1分）匀减速过程：12216s v t a '== （1分）匀加速过程：汽车通过人工通道的总时间：10249s t t t t '''=++=（1分）汽车节约的时间：29s t t t '∆=-= （2分）11.（17分）（1）8分（2）9分（1）小物块由A 到B 过程由动能定理，得：21sin 2(cos )22v B mg r mg qE r m θμθ-+= （2分）解得：v B =小物块由B 到C 过程由机械能守恒定律，得：2211(1cos )22v v C B mgr m m θ-=-（2分）解得：v C =在C 点由牛顿第二定律，得：2v C N mg m r-= （2分）解得：135N mg = （1分）由牛顿第三定律可得小物块对圆轨道的压力：135N mg '=（1分）（2）小物块离开D 点后做平抛运动，得：水平方向：0v x t = （1分）竖直方向：212y gt =（1分）而：222x y R += （1分）小物块平抛过程机械能守恒，得：2012v k mgy E m =- （1分）由以上四式解得2344k mgR mgy E y =+ （2分）由数学中的均值不等式可知：4E ≥= （2分）故：小物块动能的最小值为：min k E = （1分） 12.（19分）（1）4分（2）8分（3）7分解：（1）小球在第II 象限做类平抛运动，得：0v s t = （1分）0tan v at θ= （1分）qE ma =（1分）解得：E = （1分）（2）设小球通过M 点时的速度为v ，由类平抛运动规律：0sin v v θ==8m/s （1分）小球进入两板间做匀速圆周运动，轨迹如图.2v v m q B R= （1分）解得：v m B qR = 小球刚好能打到Q 点时，磁感应强度最大设为B 1.此时小球的轨迹半径为R 1，由几何关系有：11211R L R L d R R -=+- （2分）解得：R 1=4m ， B 1=1T （1分）小球刚好不与c 2板相碰时，磁感应强度最大设为B 2.此时小球的轨迹半径为R 2，由几何关系有： 11R d = （1分）解得：22T 3B = （1分）故：磁感应强度的取值范围：2T 1T 3B ≤≤ （1分）（3）小球进入磁场做匀速圆周运动，设半径为r ，周期为T ，有：3018m v .m r qB == （1分） 32π9πs 200m T qB == （1分）由磁场周期T 0=13T 可知：小球在磁场中运动轨迹如图，一个磁场周期内小球在x 轴方向的位移为3r = 0.54m,而L -3r = 0.18m= r , 即：小球刚好垂直y 轴方向离开磁场. 则在磁场中运动的时间：111133πs 334800t T T T =++= （2分）离开磁场到打在平板c 3上所用时间：229s 400v d t == （1分）小球从M 点到打在平板c 3上所用总时间： 1233π+18s 0.15s 800t t t =+=≈ （2分）。

2015高考四川卷理综物理部分解析

2015高考四川理综物理部分解析（第Ⅰ卷选择题共7题，共42分）每题给出的四个选项中，有的只有一个选项、有的有多个选项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有错选和不选的得0分．1．在同一位置以相同的速率把三个小球分别沿水平、斜向上、斜向下方向抛出，不计空气阻力，则落在同一水平地面时的速度大小A ．一样大B ．水平抛的最大C ．斜向上抛的最大D ．斜向下抛的最大 A 解析：三个小球被抛出后，均仅在重力作用下运动，三球从同一位置落至同一水平地面时，设其下落高度为h ，并设小球的质量为m ，根据动能定理有2201122mgh m m =-v v ，解得小球的末速度大小为=v A 正确．考点：抛体运动特点、动能定理（或机械能守恒定律）的理解与应用． 2．平静湖面传播着一列水面波（横波），在波的传播方向上有相距3m 的甲、乙两小木块随波上下运动，测得两个小木块每分钟都上下30次，甲在波谷时，乙在波峰，且两木块之间有一个波峰．这列水面波A ．频率是30HzB ．波长是3mC ．波速是1m/sD ．周期是0.1sC 解析：木块每秒振动30次，则周期为60s 2s 30T ==，频率为0.5Hz ，A 、D 错误；甲在波谷时乙在波峰，中间还有一个波峰，则甲、乙间距为32d λ=，波长22m 3d λ==，波速1m/s Tλ==v ，B 错C 项正确．考点：对机械波、机械振动特点和规律的理解与应用．3．直线12P P 过均匀玻璃球球心O ，细光束a 、b 平行且关于12P P 对称，由空气射入玻璃球的光路如图．a 、b 光相比A ．玻璃对a 光的折射率较大B ．玻璃对a 光的临界角较小C ．b 光在玻璃中的传播速度较小D ．b 光在玻璃中的传播时间较短C 解析：由于a 、b 光平行且关于12P P 对称，因此它们的入射角i 相等，根据图中几何关系可知，b 光进入玻璃球的折射角大于a 光的折射角，故玻璃球对b 的折射率大于对a 的折射率，A 错；由1sin C n=可知，折射率大则临界角小，B 错；由cn =v可知折射率大则光在其中传播的速率小，C 项正确；而b 光速率小，且在玻璃球中的路径长，因此传播时间长，D 错．考点：对折射率、临界角、光的折射定律的理解与应用．4．小型手摇发电机线圈共N 匝，每匝可简化为矩形线圈abcd ，磁极间的磁场视为匀强磁场，方向垂直于线圈中心轴OO '，线圈绕OO '匀速转动，如图所示．矩形线圈ab 边和cd 边产生的感应电动势的最大值都为0e ，不计线圈电阻，则发电机输出电压A ．峰值是0eB ．峰值是20e C0Ne D0 D 解析：由题意可知，线圈ab 边和cd 边产生的感应电动势的最大值都为0e ，因此对单匝矩形线圈总电动势最大值为20e ，又因为发电机线圈共N 匝，所以发电机线圈中总电动势最大值为02Ne ，根据闭合电路欧姆定律可知，在不计线圈内阻时，输出电压等于感应电动势的大小，即其峰值为02Ne ，故选项A 、B 错误；又由题意可知，若从图示位置开始计时，发电机线圈中产生的感应电流为正弦式交变电流，由其有效值与峰值的关系可知，0U ==，故选项C 错误；选项D 正确．考点：对正弦式交变电流的产生原理的理解，以及其四值运算、闭合电路欧姆定律的应用．5．登上火星是人类的梦想，“嫦娥之父”欧阳自远透露：中国计划于2020年登陆火星．地球和火星公转视为匀速圆周运动，忽略行星自转影响．根据下表，火星和地球相比A ．火星的公转周期较小B ．火星做圆周运动的加速度较小C ．火星表面的重力加速度较大D ．火星的第一宇宙速度较大B 解析：火星轨道半径比地球轨道半径大，根据开普勒第三定律可知火星公转周期比地球大，A 错；由万有引力等于向心力可知2Ma Gr=向，轨道半径大则加速度小，B 项正确；由2Mm G mg R =可知，星球表面重力加速度之比122g M R =<g M R ⋅火火地地地火，故火星表面重力加速度较小，C 错；由第一宇宙速度v 可知火星的第一宇宙速度较小，D 项错误．考点：万有引力定律的应用和分析数据、估算的能力．6．如图所示，半圆槽光滑、绝缘、固定，圆心是O ，最低点是P ，直径MN 水平，a 、b 是两个完全相同的带正电小球（视为点电荷），b 固定在M 点，a 从N 点静止释放，沿半圆槽运动经过P 点到达某点Q （图中未画出）时速度为零．则小球aA ．从N 到Q 的过程中，重力与库仑力的合力先增大后减小B ．从N 到P 的过程中，速率先增大后减小C ．从N 到Q 的过程中，电势能一直增加D ．从P 到Q 的过程中，动能减少量小于电势能增加量 BC 解析：a 球所受重力恒定，由N 点开始运动后，a 、b 间距离减小，库仑力增大，且库仑力与重力间夹角减小，因此合力增大，A 错；小球a 受力如图所示，当sin sin(902)F mg θθ=︒-时，切线方向合力为零，切向加速度为零，速率最大，因此从N 到P ，小球a 的速率先增大后减小，B 选项正确；从N 到Q 的过程中，由于两电荷距离减小，库仑力一直做负功，故电势能一直增加，C 项正确；系统重力势能、动能和电势能总和不变，从P 到Q ，动能减少，重力势能和电势能增大，即动能的减少量等于重力势能和电势能增加量之和，所以动能减少量大于电势能的增加量，D 错．考点：孤立点电荷等势面特征、库仑定律、平行四边形定则、功能关系、能量守恒定律的应用．7．如图所示，S 处有一电子源，可向纸面内任意方向发射电子，平板MN 垂直于纸面，在纸面内的长度L ＝9.1cm ，中点O 与S 间的距离d ＝4.55cm ，MN 与SO 直线的夹角为θ，板所在平面有电子源的一侧区域有方向垂直于纸面向外的匀强磁场，磁感应强度B ＝2.0410-⨯T ，电子质量m ＝9.13110-⨯kg ，电量e ＝－1.61910-⨯C ，不计电子重力．电子源发射速度v ＝1.6610⨯m/s 的一个电子，该电子打在板上可能位置的区域的长度为l ，则A ．θ＝90°时，l ＝9.1cmB ．θ＝60°时，l ＝9.1cmC ．θ＝45°时，l ＝4.55cmD ．θ＝30°时，l ＝4.55cmAD 解析：电子在磁场中受洛伦兹力作用做匀速圆周运动，根据洛伦兹力大小计算公式和向心力公式有2Be mrv v =，解得电子圆周运动的轨道半径为：3161949.1101.610m 4.55c m 1.6102.010m r eB ---⨯⨯⨯===⨯⨯⨯v ，恰好有2Lr d ==，由于电子源S 可向纸面内任意方向发射电子，因此电子的运动轨迹将是过S 点的一系列半径为r 的等大圆，当θ在30°~90°变化时，都有电子打在N 端，能够打到板MN 上的区域范围从N 端到轨迹与MN 相切的点A ，如下图所示，实线 SN表示电子刚好经过板N 端时的轨迹，实线 SA表示电子轨迹刚好与板相切于A 点时的轨迹，因此电子打在板上可能位置的区域的长度为l NA =．由于MN 与SO 间的夹角θ不确定，要命电子轨迹与MN 板相切，根据几何关系可知，电子的轨迹圆心C 一定都在与MN 距离为r 的平行线上，如图所示．当9.1cm l =时，A 点与板M 端重合，电子轨迹如图中 22S A 所示，此时2S O MN ⊥，90θ=︒，A 项正确B 错误；当 4.55cm l =时，A 点与板O 点重合，电子轨迹如图中实线 11S A ，由几何关系可知，此时1S O 与MN 的夹角30θ=︒，故选项C 错误D 正确．考点：带电粒子在有界磁场中的运动．较难．（第Ⅱ卷非选择题，共68分）8．（17分）（1）（6分）某同学在“探究弹力和弹簧伸长的关系”时，安装好实验装置，让刻度尺零刻度与弹簧上端平齐，在弹簧下端挂1个钩码，静止时弹簧长度为1l ，如图1所示，图2是此时固定在弹簧挂钩上的指针在刻度尺（最小分度是1毫米）上位置的放大图，示数1l ＝_________cm.．在弹簧下端分别挂2个、3个、4个、5个相同钩码，静止时弹簧长度分别是2345l l l l 、、、．已知每个钩码质量是50g ，挂2个钩码时，弹簧弹力2F ＝__________N （当地重力加速度g ＝9.82m/s ）．要得到弹簧伸长量x ，还需要测量的是__________．作出F x -曲线，得到弹力与弹簧伸长量的关系．答案：25.85 0.98 弹簧的原长0l解析：根据图2指针指示可读出125.85cm l =．挂2个钩码时，以2个钩码为研究对象，受重力和弹簧拉力而平衡，因此有322250109.8N 0.98N F mg -==⨯⨯⨯=，弹簧的伸长量0x l l =-，其中l 为弹簧形变后的长度，0l 为弹簧原长，因此要得到弹簧的伸长量，还需测量弹簧的原长．考点：探究弹力和弹簧伸长的关系实验（2）（11分）用实验测一电池的内阻r 和一待测电阻的阻值x R ．已知电池的电动势约6V ，电池内阻和待测电阻阻值都为数十欧．可选用的实验器材有：电流表1A （量程0～30mA ）；电流表2A （量程0～100mA ）；电压表V （量程0～6V ）；滑动变阻器1R （阻值0～5Ω）；滑动变阻器2R （阻值0～300Ω）；开关S 一个，导线若干条．某同学的实验过程如下：Ⅰ．设计如图3所示的电路图，正确连接电路．Ⅱ．将R 的阻值调到最大，闭合开关，逐次调小R 的阻值，测出多组U 和I 的值，并记录．以U 为纵轴，I 为横轴，得到如图4所示的图线．Ⅲ．断开开关，将x R 改接在B 、C 之间，A 与B 直接相连，其他部分保持不变．重复Ⅱ的步骤，得到另一条U-I 图线，图线与横轴I 的交点坐标为（0I ，0），与纵轴U 的交点坐标为（0，0U ）．回答下列问题：①电流表应选用_______，滑动变阻器应选用_______；②由图4的图线，得电源内阻r ＝_______Ω；③用0I 、0U 和r 表示待测电阻的关系式x R ＝________，代入数值可得x R ；④若电表为理想电表，x R 接在B 、C 之间与接在A 、B 之间，滑动变阻器滑片都从最大阻值位置调到某同一位置，两种情况相比，电流表示数变化范围_________，电压表示数变化范围________．（选填“相同”或“不同”）答案：①2A 2R ②25 ③U r I - ④相同不同解析：①电池电动势约6V ，由图4可知，电流测量最大值约80mA ，故电流表选用2A ；为保证电流调节范围尽可能大些，且图4中电流最小值约20mA ，因此回路电阻约300Ω，滑动变阻器选用2R ． ②根据图3电路结构可知，电压表测量了电路的路端电压，电流表测量了电路的总电流，因此图4中，图线斜率绝对值即为电源的内阻，有：35.5 4.025(8020)10r k --==Ω=Ω-⨯．③当改接电路后，将待测电阻与电源视为整体，即为一“等效电源”，此时图线的斜率为等效电源的内阻，因此有：0000x U r r R k I -''=+==-，解得：00x UR r I =-． ④若电表为理想电表，x R 接在B 、C 之间与接在A 、B 之间，电路的总电阻可变范围不变，因此电流表的示数变化范围相同，x R 接在B 、C 之间时，电压表测量的是滑动变阻器两端的电压，而x R 接在A 、B 之间时，电压表测量的是滑动变阻器与x R 两端电压的和，由于对应某一滑动变阻器阻值时，电路的电流相同，因此电压表的读数不同，所以电压表示数变化范围也不同．考点：测定电源电动势和内阻、伏安法测电阻的实验9．（15分）严重的雾霾天气，对国计民生已造成了严重的影响，汽车尾气是形成雾霾的重要污染源，“铁腕治污”已成为国家的工作重点，地铁列车可实现零排放，大力发展地铁，可以大大减少燃油公交车的使用，减少汽车尾气排放．若一地铁列车从甲站由静止启动后做直线运动，先匀加速运动20s 达到最高速度72km/h ，再匀速运动80s ，接着匀减速运动15s 到达乙站停住．设列车在匀加速运动阶段牵引力为1610⨯N ，匀速阶段牵引力的功率为6310⨯kW ，忽略匀减速运动阶段牵引力所做的功．（1）求甲站到乙站的距离；（2）如果燃油公交车运行中做的功与该列车从甲站到乙站牵引力做的功相同，求公交车排放气体污染物的质量．（燃油公交车每做1焦耳功排放气体污染物3610-⨯克）答案：（1）s ＝1950m ；（2）m ＝2.04kg 解：(15分)⑪设列车匀加速直线运动阶段所用时间为1t ，运动距离为1s ；在匀速直线运动阶段所用时间为2t，运动距离为2s ，速度为v ；在匀减速直线运动阶段所用时间为3t ，运动距离为3s ；甲站到乙站的距离为s ．则1112s t =v① 22s t =v②3312s t =v③123s s s s =++④联立①②③④式并代入数据解得1950m s = ⑤说明：①③式各2分，②④⑤式各1分．⑫设列车在匀加速直线运动阶段的牵引力为F ，所做的功为1W ；在匀速直线运动阶段的牵引力的功率为P ，所做的功为2W ．设燃油公交车做与该列车从甲站到乙站相同的功W ，将排放气态污染物质量为M ．则11W Fs =⑥ 22W Pt = ⑦12W W W =+⑧91(310kg J )M W --=⨯⋅⋅ ⑨ 联立①⑥⑦⑧⑨式并代入数据解得2.04kg M = ⑩说明：⑥⑦⑨各2分，⑧⑩各1分．考点：匀速直线运动与匀变速直线运动规律的应用，以及功大小的计算． 10．（18分）如图所示，粗糙、绝缘的直轨道OB 固定在水平桌面上，B 端与桌面边缘对齐，A 是轨道上一点，过A 点并垂直于轨道的竖直面右侧有大小E ＝1.5610⨯N/C ，方向水平向右的匀强电场．带负电的小物体P 电荷量是2.0610-⨯C ，质量m ＝0.25kg ，与轨道间动摩擦因数μ＝0.4，P 从O 点由静止开始向右运动，经过0.55s 到达A 点，到达B 点时速度是5m/s ，到达空间D 点时速度与竖直方向的夹角为α，且tanα＝1.2．P 在整个运动过程中始终受到水平向右的某外力F 作用，F 大小与P 的速率v 的关系如表所示．P 视为质点，电荷量保持不变，忽略空气阻力，取g ＝10 2m/s ，求：（1）小物体P 从开始运动至速率为2m/s 所用的时间；（2）小物体P 从A 运动至D 的过程，电场力做的功．答案：（1）1t ＝0.5s ；（2）W ＝－9.25J ．解：(17分)⑪小物体P 的速率从0至2m/s ，受外力12N F =，设其做匀变速直线运动的加速度为1a ，经过时间1t ∆速度为1v ，则11F mg ma μ-= ①111a t =∆v②由①②式并代入数据解得10.5s t ∆=③说明：①②③式各2分⑫小物体P 从速率为2m/s 运动至A 点，受外力26N F =，设其做匀变速直线运动的加速度为2a ，则22F mg ma μ-=④设小物体P 从速度1v 经过2t ∆时间，在A 点的速度为2v ，则210.55s t t ∆=-∆⑤2122a t =+∆v v⑥P 从A 点至B 点，受外力26N F =、电场力和滑动摩擦力的作用，设其做匀变速直线运动的加速度为3a ，电荷量为q ，在B 点的速度为3v ，从A 点至B 点的位移为1x ，则23F mg qE ma μ--=⑦2232312a x -=v v⑧P 以速度3v 滑出轨道右端B 点，设水平方向受外力为3F ，电场力大小为E F ，有3E F F =⑨3F 和E F 大小相等方向相反，P 水平方向所受合力为零，所以P 从B 点开始做初速度为3v 的平抛运动．设P 从B 点运动至D 点的时间为3t ∆，水平位移为2x ，由题意知33tan g t α=∆v ⑩233x t =∆v设小物体P 从A 点至D 点电场力做功为W ，则12()W qE x x =-+联立④~⑧，⑩~式并代入数据解得9.25J W =-说明：④⑥⑧式各1分，⑦⑩式各2分．考点：物体的受力分析、牛顿第二定律、匀变速直线运动规律、平抛运动规律、功的定义式的应用． 11．（18分）如图所示，金属导轨MNC 和PQD ，MN 与PQ 平行且间距为L ，所在平面与水平面夹角为α，N 、Q 连线与MN 垂直，M 、P 间接有阻值为R 的电阻；光滑直导轨NC 和QD 在同一水平面内，与NQ 的夹角都为锐角θ．均匀金属棒ab 和ef 质量均为m ，长均为L ，ab 棒初始位置在水平导轨上与NQ 重合；ef 棒垂直放在倾斜导轨上，与导轨间的动摩擦因数为μ（μ较小），由导轨上的小立柱1和2阻挡而静止．空间有方向竖直的匀强磁场（图中未画出）．两金属棒与导轨保持良好接触．不计所有导轨和ab 棒的电阻，ef 棒的阻值为R ，最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等，忽略感应电流产生的磁场，重力加速度为g ．（1）若磁感应强度大小为B ，给ab 棒一个垂直于NQ 、水平向右的速度1v ，在水平导轨上沿运动方向滑行一段距离后停止，ef 棒始终静止，求此过程ef 棒上产生的热量；（2）在（1）问过程中，ab 棒滑行距离为d ，求通过ab 棒某横截面的电量；（3）若ab 棒以垂直于NQ 的速度2v 在水平导轨上向右匀速运动，并在NQ 位置时取走小立柱1和2，且运动过程中ef 棒始终静止．求此状态下最强磁场的磁感应强度及此磁场下ab 棒运动的最大距离．答案：（1）2114W m =v ；（2）2(cot )Bd L d q R θ-=；⑬m B =直向下均可，m 2tan (1)sin cos L x μθμααμ=++解：(18分)⑪设ab 棒的初动能为k E ，ef 棒和电阻R 在此过程产生的热量分别为W 和1W ，有21k 112W W E m +==v ①且1W W =② 由题有 2k 112E m =v ③ 得2112W m =v④说明：①②③④式各1分（2）设在题设过程中，ab 棒滑行时间为t ∆，扫过的导轨间的面积为S ∆，通过S ∆的磁通量为Φ∆，ab 棒产生的电动势为E ，ab 棒中电流为I ，通过ab 棒某截面的电量为q ，则ΦE t∆=∆ ⑤ 且 Φ=B S ∆⋅∆⑥q I t =∆ ⑦ 又有2E I R= ⑧ 由图所示(cot )S d L d θ∆=-⑨ 联立⑤~⑨式，解得2(cot )Bd L d q Rθ-=⑩说明：⑤⑥⑦⑧⑨⑩式各1分．⑬ab 棒滑行距离为x 时，ab 棒在导轨间的棒长x x F BI L =为2cot x L L x θ=-此时，ab 棒产生的电动势x E 为 2x x E B L =v流过ef 棒的电流x I 为 xx E I R=ef 棒所受安培力x F 为 x x F BI L =联立~，解得 22(2c o t )x B LF L x Rθ=-v由式可得，xF 在x =0和B为最大值22cos (cos sin )sin F mg F mg αμααα++=时有最大值1F ．由题知，ab 棒所受安培力方向必水平向左，ef 棒所受安培力方向必水平向右，使1F 为最大值的受力分析如图所示，图中m f 为最大静摩擦力，有11cos sin (cos sin )F mg mg F ααμαα=++联立，得m B =式就是题目所示最强磁场的磁感应强度大小，该磁场方向可竖直向上，也可竖直向下．由式可知，B 为m B 时，x F 随x 增大而增大，x 为最大m x 时，x F 为最小值2F ，如图可知22cos (cos sin )sin F mg F mg αμααα++=联立，得m 2tan (1)sin cos L x μθμααμ=++说明：式各1分，式2分，正确说明磁场方向得1分．考点：功能关系、串并联电路特征、闭合电路欧姆定律、法拉第电磁感应定律、楞次定律共点力平衡条件的应用，和临界状态分析与求解极值的能力．。

2020-2021学年四川德阳四校高三3月联考物理卷(解析版).doc

2020-2021学年四川德阳四校高三3月联考物理卷（解析版）姓名:_____________ 年级:____________ 学号:______________题型选择题填空题解答题判断题计算题附加题总分得分1. （知识点：共点力的平衡,动能定理,功能关系,全电路欧姆定律,楞次定律,法拉第电磁感应定律,磁场对电流的作用）如图所示，四条水平虚线等间距地分布在同一竖直面上，间距为h．在Ⅰ、Ⅱ两区间分布着完全相同、方向水平向里的磁场，磁感应强度大小按B-t图变化（图中B0已知）．现有一个长方形金属线框ABCD，质量为m，电阻为R，AB=CD=L，AD=BC=2h．用一轻质细线把线框ABCD竖直悬挂着，AB 边恰好在Ⅰ区的正中央．t0（未知）时刻细线恰好松弛，之后立即剪断细线，当CD边到达M3N3时线框恰好匀速运动．（空气阻力不计，g=10m/s2）求：（1）t0的值；（2）线框AB边到达M2N2时的速率v；（3）从剪断细线到整个线框通过两个磁场区的过程中产生的电能有多少？【答案】（1）（2）（3）【解析】试题分析：（1）细线恰好松弛，线框受力分析有：因感生产生的感应电动势：，得：（2）当CD边到达时线框恰好匀速运动，速度为，线框受力分析有：，评卷人得分因CD棒切割产生的感应电动势：，线框AB到达时一直运动到CD边到达的过程中线框中无感应电动势产生，只受到重力作用．线框下落高度为3h，根据动能定理得：线框AB边到达M2N2时的速率为：（3）线框静止开始下落到CD边刚离开M4N4的过程中线框中产生电能为E电，线框下落高度为4.5h，根据能量守恒得：重力势能减少量等于线框动能与电能之和为：考点：考查了导体切割磁感线问题如图所示，一质量为m=0.5kg，电荷量为q=+0.2C的小物块（可视为质点），放在离地面高度为h=5m的水平放置、厚度不计的绝缘圆盘边缘，并随圆盘一起绕中心转轴顺时针做匀速圆周运动，圆盘的角速度为ω=2rad/s，半径为r=1m，圆盘和小物块之间的动摩擦因数为μ=0.5。

四川省德阳五中高三物理上学期第三次月考试卷(含解析)

四川省德阳五中2015届高三上学期第三次月考物理试卷一．选择题，（本题包括11小题，每题4分，共44分．在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确．全部选对的得满分，选不全的得一半的分，有选错或不答的得0分）1．（4分）金属棒MN两端用细软导线连接后，悬挂于a、b两点，且使其水平，棒的中部处于水平方向的匀强磁场中，磁场的方向垂直于金属棒，如图所示．当棒中通有从M流向N 的恒定电流时，悬线对棒有拉力．为了减小悬线的拉力，可采用的办法有（）A．适当增大磁场的磁感应强度B．使磁场反向C．适当减小金属棒中的电流强度D．使电流反向2．（4分）在交通事故的分析中，刹车线的长度是很重要的依据．刹车线是指汽车刹车后，停止转动的轮胎在地面上滑动时留下的痕迹．刹车线的长度s既与汽车开始刹车时的速度v 有关，也与汽车轮胎和路面间的动摩擦因数μ有关．图为某种汽车在地面I和地面Ⅱ上刹车时，s与v2的关系图象．若用μ1、μ2分别表示汽车轮胎和地面I、Ⅱ间的动摩擦因数．关于μ1和μ2的大小关系下列判断正确的（）A．μ1＞μ2B．μ1=μ2C．μ1＜μ2D．以上都有可能3．（4分）如图所示，当风水平吹来时，风筝面与水平面成一夹角，人站在地面上拉住连接风筝的细线．则（）A．空气对风筝的作用力方向水平向右B．地面对人的摩擦力方向水平向左C．地面对人的支持力大小等于人和风筝的总重力D．风筝处于稳定状态时拉直的细线可能垂直于风筝面4．（4分）小河宽为d，河水中各点水流速度与各点到较近河岸的距离成正比，v水=kx，k=，x为各点到近岸的距离，小船船头垂直河岸渡河，小船划水速度为v0，则下列说法正确的是（）A．小船渡河的轨迹为直线B．小船垂直河岸方向前进的距离为时，船的实际速度大小为v0C．不能确定小船渡河的时间D．小船垂直河岸方向前进的距离为时，船的实际速度大小为v05．（4分）M、N两颗质量相同的卫星绕地球做匀速圆周运动，其轨道如图所示，已知M卫星的轨道半径大于N卫星的轨道半径，则（）A．M卫星与地球中心连线在相等的时间内转过的角度较大B．M卫星的机械能大于N卫星的机械能C．M卫星的速度变化更快D．M卫星在相同的时间内经过的路程较长6．（4分）将一电荷量为Q的小球甲放在一个事先不带电的金属球乙附近，所形成的电场线分布如图所示，金属球表面的电势处处相等．a、b为电场中的两点，根据图中信息，可判断（）A．a点的场强比b点的大，同时a点的电势也比b点的高甲B．甲球带正电，乙球带Q的负电C．检验电荷﹣q在a点的电势能比在b点的大D．将检验电荷﹣q从a点移到b点的过程中，电场力做正功7．（4分）如图所示，一个电量为+Q的点电荷甲，固定在绝缘水平面上的O点，电量为﹣q、质量为m的点电荷乙从A点以初速度v0沿它们的连线向甲运动，到B点时速度最小且为v．已知静电力常量为k，点电荷乙与水平面的动摩擦因数为μ，AB间距离为L．则下列说法错误的是（）A．OB间的距离为B．从A到B的过程中，电场力对点电荷乙做的功为W=μmgL+mv02﹣mv2C．从A到B的过程中，电场力对点电荷乙做的功为W=μmgL+mv2﹣mv02D．从A到B的过程中，电势能的减少量小于克服摩擦力做的功8．（4分）真空容器中存在竖直向下的匀强电场E和水平方向的匀强磁场B，一质量为m，带电量为q的带电小球以速度v在竖直平面内做半径为R的匀速圆周运动，假设t=0时刻小球在轨迹的最低点且重力势能为零，电势能也为零，那么，下列说法错误的是（）A．小球带负电且顺时针转动B．小球运动过程中机械能守恒，且机械能为E=mv2C．小球运动过程中重力势能随时间的变化关系为E p=mgR（1﹣cos t）D．小球运动过程中电势能随时间的变化关系为E p′=mgR（cos t﹣1）9．（4分）如图所示，在不光滑的平面上，质量相等的两个物体A、B间用一轻弹簧相连接，现用一水平拉力F作用在B上，从静止开始经一段时间后，A、B一起做匀加速直线运动，当它们的总动能为E k时撤去水平力F，最后系统停止运动，从撤去拉力F到系统停止运动的过程中，系统（）A．克服阻力做的功等于系统的动能E kB．克服阻力做的功大于系统的动能E kC．克服阻力做的功可能小于系统的动能E kD．克服阻力做的功一定等于系统机械能的减少量10．（4分）一质量为m的物体静止在水平地面上，在水平拉力F的作用下开始运动，在0～6s内其速度与时间关系图象和拉力的功率与时间关系图象如图所示，取g=10m/s2，下列判断正确的是（）A．拉力F的大小为4N，且保持不变B．物体的质量m为2kgC．0～6s内物体克服摩擦力做功24JD．0～6s内拉力做的功为156J11．（4分）如图所示，在两个电荷量相等的固定点电荷的电场中，AB和CD是两条相互垂直、相交于O点的直线，两个点电荷在其中一条直线上且到另一条直线的距离相等．如果在直线AB上的a点无初速的释放一个重力可以不计的带正电粒子，那么粒子将在直线AB上的a、b 之间做往复运动．已知a、b到O点的距离均为l，两个点电荷到O点的距离均大于l，由此可知（）A．两个点电荷的带电性质可能相反，此时AB表示的是电场线B．两个点电荷的带电性质可能相反，此时CD表示的是电场线C．两个点电荷可能都带正电，此时a、b之间的电势差为零D．两个点电荷可能都带负电，此时两个点电荷在直线CD上二．实验题12．（6分）在如图所示的实验装置中，平行板电容器的极板B与一灵敏静电计相接，极板A 接地．将A板上移，静电计指针张角（填“变大”或“变小”）；将A板右移，静电计指针张角（填“变大”或“变小”）；由此得出的实验结论是．13．（11分）要测绘一个标有“3V0.6W”小灯泡的伏安特性曲线，灯泡两端的电压需要由零逐渐增加到3V，并便于操作．已选用的器材有：电池组（电动势为4.5V，内阻约1Ω）；电流表（量程为0～250mA，内阻约5Ω）；电压表（量程为0～3V，内阻约3kΩ）；电键一个、导线若干．①实验中所用的滑动变阻器应选下列中的（填字母代号）．A．滑动变阻器（最大阻值20Ω，额定电流1A）B．滑动变阻器（最大阻值1 750Ω，额定电流0.3A）②请在图1方框内画出满足实验要求的电路图，并把图2所示的实验器材用实线连接成相应的实物电路图．③实验得到小灯泡的伏安特性曲线如图3所示．如果将这个小灯泡接与电动势为1.5V、内阻为1Ω的电源以及一个阻值为4Ω的定值电阻串联形成闭合回路，此时小灯泡消耗的功率是W．三．计算题．本大题共有4个小题，共50分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．14．（10分）我国首个月球探测计划“嫦娥工程”将分三个阶段实施，大约用十年左右时间完成，这极大的提高了同学们对月球的关注程度．以下是某同学就有关月球的知识设计的两个问题，请你解答：（1）若已知地球半径为R，地球表面的重力加速度为g，月球绕地球运动的周期为T，且把月球绕地球的运动近似看做是匀速圆周运动．试求出月球绕地球运动的轨道半径．（2）若某位宇航员随登月飞船登陆月球后，在月球表面某处以速度v0竖直向上抛出一个小球，经过时间t，小球落回到抛出点．已知月球半径为R月，万有引力常量为G．试求出月球的质量M月．15．（13分）如图所示，让小球从一半径为R=2m的光滑圆弧轨道中的C位置由静止释放，运动到最低点D后，进入粗糙的水平面上由D点向右做匀减速运动，到达小孔A进入半径r=0.3m的竖直放置的光滑圆环轨道，当小球进入圆轨道立即关闭A孔．已知两轨道与水平面平滑连接，θ=60°，小球质量为m=0.5kg，D点与小孔A的水平距离s=2m，g取10m/s2．试求：（1）小球在D点对轨道的压力大小；（2）要使小球能进入圆轨道并且不脱离轨道，求粗糙水平面摩擦因数μ的范围．16．（12分）如图所示，倾角为θ的斜面AB是粗糙且绝缘的，AB长为L，C为AB的中点，在 AC之间加一方向垂直斜面向上的匀强电场，与斜面垂直的虚线CD为电场的边界．现有一质量为m、电荷量为q的带正电的小物块（可视为质点），从B点开始以速度v0沿斜面向下做匀速运动，经过C点后沿斜面做匀加速运动，到达A点时的速度大小为v，试求：（1）小物块与斜面间的动摩擦因数μ；（2）匀强电场场强E的大小；（3）保持其他条件不变，使匀强电场在原区域内（AC间）顺时针转过90°，求小物块离开电场区时的动能E K大小．17．（14分）足够长的光滑水平面上，叠放在一起的物块A和长薄木板B质量均为m=1kg．当B板右端J通过水平面上C点时，物块A在板的左端且向右速度为v0=2m/s，B板的速度为0．并以此时刻为计时起点．已知J端进入电场之前A、B已达到共同速度，A、B间动摩擦因数μ=0.1，g取10m/s2．B板右端J带q=0.01C的正电荷（可视为点电荷），在宽d=1m的PQ 区域内存在方向水平向左的匀强电场，为使B板最终从左侧离开该电场区域，已知A始终没有滑落B板．求：（1）B板右端J端刚进入边界P的速度；（2）在电场强度可能取值范围内，B板右端j处在PQ区域内的时间t与电场强度的关系．（3）若电场强度E=300N/C，B板至少为多长？四川省德阳五中2015届高三上学期第三次月考物理试卷参考答案与试题解析一．选择题，（本题包括11小题，每题4分，共44分．在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确．全部选对的得满分，选不全的得一半的分，有选错或不答的得0分）1．（4分）金属棒MN两端用细软导线连接后，悬挂于a、b两点，且使其水平，棒的中部处于水平方向的匀强磁场中，磁场的方向垂直于金属棒，如图所示．当棒中通有从M流向N 的恒定电流时，悬线对棒有拉力．为了减小悬线的拉力，可采用的办法有（）A．适当增大磁场的磁感应强度B．使磁场反向C．适当减小金属棒中的电流强度D．使电流反向考点：安培力．分析：通电导线在磁场中的受到安培力作用，由公式F=BIL求出安培力大小，由左手定则来确定安培力的方向．解答：解：棒的中部处于方向垂直纸面向里的匀强磁场中，棒中通有电流，方向从M流向N，根据左手定则可得，安培力的方向竖直向上，由于此时悬线上有拉力，为了使拉力等于零，则安培力必须增加．所以适当增加电流强度，或增大磁场，故A正确，BCD错误；故选：A点评：学会区分左手定则与右手定则，前者是判定安培力的方向，而后者是判定感应电流的方向．2．（4分）在交通事故的分析中，刹车线的长度是很重要的依据．刹车线是指汽车刹车后，停止转动的轮胎在地面上滑动时留下的痕迹．刹车线的长度s既与汽车开始刹车时的速度v 有关，也与汽车轮胎和路面间的动摩擦因数μ有关．图为某种汽车在地面I和地面Ⅱ上刹车时，s与v2的关系图象．若用μ1、μ2分别表示汽车轮胎和地面I、Ⅱ间的动摩擦因数．关于μ1和μ2的大小关系下列判断正确的（）A．μ1＞μ2B．μ1=μ2C．μ1＜μ2D．以上都有可能考点：匀变速直线运动的图像；牛顿第二定律．专题：运动学中的图像专题．分析：根据汽车刹车后做匀减速直线运动，运用运动学公式找出s与v2的关系表达式，在结合图象运用数学知识解决物理问题．解答：解：汽车刹车后做匀减速直线运动，加速度大小a==μg，根据推论公式得v2=2ax=2μgx，斜率tanθ==，图象Ⅰ的夹角大于图象Ⅱ的夹角，故μ1＜μ2，C正确．故选C．点评：能从图象中获取信息是解决图象问题的关键，在同一个坐标系中要正确比较各个图象表示的运动情况，明确图象斜率的含义，最好能把图象和实际运动想结合起来．3．（4分）如图所示，当风水平吹来时，风筝面与水平面成一夹角，人站在地面上拉住连接风筝的细线．则（）A．空气对风筝的作用力方向水平向右B．地面对人的摩擦力方向水平向左C．地面对人的支持力大小等于人和风筝的总重力D．风筝处于稳定状态时拉直的细线可能垂直于风筝面考点：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：本题的关键是正确对风筝和人受力分析，风筝受到向下的重力、沿绳子方向的拉力以及垂直风筝向上的风力；人受到向下的重力、向上的支持力、绳子的拉力和水平向左的摩擦力，然后用正交分解法根据平衡条件分析即可．解答：解：A、D、设细线与水平面的夹角为α，风力大小为F．先研究风筝，分析受力如图，空气对风筝的作用力方向垂直于风筝的平面，风筝处于稳定状态时拉直的细线不可能垂直于风筝面．故AD错误；根据平衡条件得：B、对该同学分析受力可知，人受到重力、地面的支持力、绳子向右上的拉力和地面对人的摩擦力方向水平向左，故B正确．C、对人和风筝整体研究，竖直方向上有：（M+m）g=N+Fcosβ，β是风筝与水平面之间的夹角；则得：N=（M+m）g﹣Fcosβ＜（M+m）g．故C错误．故选：B点评：对静力学问题关键是正确进行受力分析，注意本题中风力与风筝垂直向上，人受到的摩擦力是静摩擦力，方向水平向左．4．（4分）小河宽为d，河水中各点水流速度与各点到较近河岸的距离成正比，v水=kx，k=，x为各点到近岸的距离，小船船头垂直河岸渡河，小船划水速度为v0，则下列说法正确的是（）A．小船渡河的轨迹为直线B．小船垂直河岸方向前进的距离为时，船的实际速度大小为v0C．不能确定小船渡河的时间D．小船垂直河岸方向前进的距离为时，船的实际速度大小为v0考点：运动的合成和分解．专题：运动的合成和分解专题．分析：将小船的运动分解为沿船头指向和顺水流方向的两个分运动，两个分运动同时发生，互不干扰，与合运动相等效．根据运动的合成来确定初速度与加速度的方向关系，从而确定来小船的运动轨迹；小船垂直河岸渡河时间最短，由位移与速度的比值来确定运动的时间；由水流速度的大小与各点到较近河岸边的距离成正比，来确定水流的速度，再由小船在静水中的运动速度，从而确定小船的渡河速度．解答：解：A、小船的速度为沿船头指向和顺水流方向的两个分运动的分速度的矢量和，而两个分速度垂直，故当顺水流方向的分速度最大时，合速度最大，合速度的方向随顺水流方向的分速度的变化而变化，故小船到达河中心时速度最大，且运动轨迹为曲线，故A错误，B、小船垂直河岸方向前进的距离为时，则水流速度为：v=×=v0，而小船在静水中的速度为v0，所以船的渡河速度为v0，故B正确；C、因小河宽为d，且小船船头垂直河岸渡河，则小船渡河的时间即为t=，故C错误；D、小船到达离河对岸为时，则水流速度为：v=×=v0，而小船在静水中的速度为v0，所以船的渡河速度为v0，故D错误；故选：B．点评：本题关键是当船头与河岸垂直时，渡河时间最短，同时合速度与分速度遵循平行四边形定则，同时注意v=kx公式中的x的含义．5．（4分）M、N两颗质量相同的卫星绕地球做匀速圆周运动，其轨道如图所示，已知M卫星的轨道半径大于N卫星的轨道半径，则（）A．M卫星与地球中心连线在相等的时间内转过的角度较大B．M卫星的机械能大于N卫星的机械能C．M卫星的速度变化更快D．M卫星在相同的时间内经过的路程较长考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．专题：人造卫星问题．分析：抓住卫星做圆周运动的向心力由万有引力提供，列式展开讨论即可．解答：解：根据万有引力提供向心力得：=ma=mω2r=m=A、ω=，M卫星的角速度小于N卫星的角速度，所以M卫星与地球中心连线在相等的时间内转过的角度较小，故A错误；B、卫星从低轨道到高轨道需要克服引力做较多的功，所以M卫星的机械能大于N卫星的机械能，故B正确；C、a=，M卫星的加速度小于N卫星的加速度，所以M卫星的速度变化更慢，故C错误；D、v=，M卫星的线速度小于N卫星的线速度，所以M卫星在相同的时间内经过的路程较短，故D错误；故选：B．点评：卫星做圆周运动的向心力由万有引力提供，列式讨论是解决本题的关键，要能根据题意选择恰当的向心力的表达式．6．（4分）将一电荷量为Q的小球甲放在一个事先不带电的金属球乙附近，所形成的电场线分布如图所示，金属球表面的电势处处相等．a、b为电场中的两点，根据图中信息，可判断（）A．a点的场强比b点的大，同时a点的电势也比b点的高甲B．甲球带正电，乙球带Q的负电C．检验电荷﹣q在a点的电势能比在b点的大D．将检验电荷﹣q从a点移到b点的过程中，电场力做正功考点：电场线；电势．分析：电场线的疏密表示场强的大小；a点所在的电场线从甲出发到不带电的金属球终止，所以甲带正电，a点的电势高于金属球的电势，而b点所在处的电场线从金属球发出到无穷远，所以金属球的电势高于b点的电势；电势越高的地方，负电荷具有的电势能越小．解答：解：A、电场线的疏密表示场强的大小，由图象知a点的电场强度比b点大，a点所在的电场线从Q出发到不带电的金属球终止，所以a点的电势高于金属球的电势，而b点所在处的电场线从金属球发出到无穷远，所以金属球的电势高于b点的电势，即a点的电势比b点的高，故A正确；B、乙球处于静电平衡状态，整体不带电，故B错误；C、电势越高的地方，负电荷具有的电势能越小，即负电荷在a点的电势能较b点小，将检验电荷﹣q从a点移到b点的过程中，电场力做负功．故CD错误；故选：A．点评：该题考查电场线的特点与电场力做功的特点，解题的关键是电场力做正功，电势能减小；电场力做负功，电势能增加．7．（4分）如图所示，一个电量为+Q的点电荷甲，固定在绝缘水平面上的O点，电量为﹣q、质量为m的点电荷乙从A点以初速度v0沿它们的连线向甲运动，到B点时速度最小且为v．已知静电力常量为k，点电荷乙与水平面的动摩擦因数为μ，AB间距离为L．则下列说法错误的是（）A．OB间的距离为B．从A到B的过程中，电场力对点电荷乙做的功为W=μmgL+mv02﹣mv2C．从A到B的过程中，电场力对点电荷乙做的功为W=μmgL+mv2﹣mv02D．从A到B的过程中，电势能的减少量小于克服摩擦力做的功考点：电势能；库仑定律．分析：本题首先要正确分析物体受力特点，明确力和运动的关系，在本题中注意滑动摩擦力的大小方向不变，两球靠近过程中库仑力逐渐增大，小球先减速后加速，根据牛顿第二定律和功能关系可正确解答．解答：解：A、由题意，乙到达B点时速度最小，乙先减速运动后做加速运动，当速度最小时有：mgμ=F库=k，解得r=，故A正确；B、C从A到B的过程中，根据动能定理得：W﹣μmgL=mv2﹣m，得W=μmgL+mv2﹣m，故B错误，C正确．D、根据以上分析可知，电场力做功值小于摩擦力做功值，因此电势能的减少量小于克服摩擦力做的功，故D正确．本题选错误的，故选：B．点评：本题在借助库仑力的基础知识，考查了力与运动、牛顿第二定理、动能定理等基础知识的综合应用，是考查学生综合能力的好题．8．（4分）真空容器中存在竖直向下的匀强电场E和水平方向的匀强磁场B，一质量为m，带电量为q的带电小球以速度v在竖直平面内做半径为R的匀速圆周运动，假设t=0时刻小球在轨迹的最低点且重力势能为零，电势能也为零，那么，下列说法错误的是（）A．小球带负电且顺时针转动B．小球运动过程中机械能守恒，且机械能为E=mv2C．小球运动过程中重力势能随时间的变化关系为E p=mgR（1﹣cos t）D．小球运动过程中电势能随时间的变化关系为E p′=mgR（cos t﹣1）考点：带电粒子在混合场中的运动．专题：带电粒子在复合场中的运动专题．分析：物体做匀速圆周运动，受重力、电场力和洛伦兹力，其中重力和电场力平衡，洛伦兹力提供向心力．解答：解：A、重力与电场力平衡，故电场力向上，由于电场方向向上，故电荷带负电；由于磁场方向垂直向内，根据左手定则可知，顺时针方向转动，故A正确；B、洛伦兹力不做功，只有重力和电场力做功，故只有机械能和电势能相互转化，机械能不守恒，但总量守恒，在最低点时，有E=mv2，故B错误；C、重力势能的表达式为：Ep=mg（R﹣Rcosθ）=mgR（1﹣cosωt）=mgR（1﹣cos t），故C正确；D、电势能和重力势能总量守恒，故电势能为：E p′=﹣E p=﹣mg（R﹣Rcosθ）=﹣mgR（1﹣cosωt）=﹣mgR（1﹣cos t），故D正确；本题选错误的，故选：B．点评：本题关键明确重力和电场力平衡，洛伦兹力提供向心力，然后列式分析求解．9．（4分）如图所示，在不光滑的平面上，质量相等的两个物体A、B间用一轻弹簧相连接，现用一水平拉力F作用在B上，从静止开始经一段时间后，A、B一起做匀加速直线运动，当它们的总动能为E k时撤去水平力F，最后系统停止运动，从撤去拉力F到系统停止运动的过程中，系统（）A．克服阻力做的功等于系统的动能E kB．克服阻力做的功大于系统的动能E kC．克服阻力做的功可能小于系统的动能E kD．克服阻力做的功一定等于系统机械能的减少量考点：功能关系；功的计算．分析：用一水平拉力F作用在B上，在此瞬间，B运动，A由于地面的摩擦力作用保持静止，弹簧被拉长，具有了弹力，根据胡克定律，弹力f=k△x，随△x的增大，弹力越来越大，达到一定程度，克服地面对A的摩擦力，使A开始运动起来，物体A、B组成的系统在拉力F作用下，克服A、B所受摩擦力一起做匀加速直线运动；对AB和弹簧组成的系统来说，它们的总动能为E k时撤去水平力F，系统具有动能和弹簧被拉长的弹性势能，最后系统停止运动，弹性势能和动能都克服摩擦力做了功．根据功能关系因此得解．解答：解：系统克服摩擦力做的功等于系统的动能和弹簧的弹性势能，所以A、C错误，B 正确；系统的机械能等于系统的动能加上弹簧的弹性势能，当它们的总动能为E k时撤去水平力F，最后系统停止运动，系统克服阻力做的功一定等于系统机械能的减小量，D正确；故选：BD．点评：此题考查了两个物体被弹簧连接的连接体问题，明白F在拉动B运动时，由于地面的摩擦力，A物体会瞬时不动，从而弹簧就有拉长，存在弹性势能，是解决此题的关键．10．（4分）一质量为m的物体静止在水平地面上，在水平拉力F的作用下开始运动，在0～6s内其速度与时间关系图象和拉力的功率与时间关系图象如图所示，取g=10m/s2，下列判断正确的是（）A．拉力F的大小为4N，且保持不变B．物体的质量m为2kgC．0～6s内物体克服摩擦力做功24JD．0～6s内拉力做的功为156J考点：功的计算；摩擦力的判断与计算．专题：功的计算专题．分析：（1）先根据图象可知物体先做加速后做匀速故可知拉力情况；（2）分段分析，由牛顿第二定律求出质量；（3）由v﹣t图象求出通过的位移，利用W=Fx求出阻力做功，即利用动能定理求出拉力做功即可解答：解：A、在0﹣2s内物体做加速运动，2﹣6s内做匀速运动，由受力分析可知，拉力不恒定，故A错误；B、在2﹣6s内P=Fv，F=，故f=F=4N，在甲图中a=，由牛顿第二定律可知F′﹣f=ma在2s末，P′=F′v联立解得m=2kg，F′=10N，故B正确；C、由图象可知在0﹣6s内通过的位移为x=30m，故摩擦力做功为W f=fx=4×30=120J，故C 错误；D、由动能定理可知W﹣W f=W=，故D正确；故选：BD．点评：本题关键根据速度世间图象得到物体的运动情况，根据运动学公式得到加速度，然后根据牛顿第二定律列式，联立方程组求解．。

2015德阳联考四川省德阳市四校2015届高三3月联合考试语文试题 Word版含答案

2015年3月德阳市四校高三联合测试语文试题第Ⅰ卷（选择题共27分）一、（12分，每小题3分）1.下列词语中加点的字，每对读音都不相同的一项是A主角．/角．斗隽．永/隽．秀度．量/忖度．粮囤．/囤．积B朝．晖/朝．觐纰缪．/绸缪．挑剔．/剔．除菱．角/棱．角C针灸．/韭．菜脸颊．/要挟．蝉．蜕/蟾．宫侵．略/亲．家D烘焙．/蓓．蕾针砭．/贬．谪椽．笔/舛．误怆．然/疮．痍2.下列词语中，没有错别字的一项是A巨擘条型码作壁上观中西合璧B平添擀面杖厝火积薪开源截流C涸辙爆冷门斐然成章披沙拣金D联袂皎皎者集腋成裘震古铄今3.下列各句中，加点词语使用恰当的一项是A他只不过在做自己的事情，顺便帮了一下别人，没想到却一下子受到了不虞之．．．誉．。

B学好本民族的语言尚且要花许多力气，何况．．他是在学习使用人数很少的另一种语言呢。

C小刘同学的解题思路既新颖，又简洁．．，他提出了一个新的思考角度，值得我们学习。

D改革开放的成果令人瞩目，许多来过中国的人都有感于中国发生的石破天惊．．．．的变化。

4.下列各句中，没有语病的一项是A狼就是狼，血液中永远涌动着嗜血的基因，大自然才是它们永恒的家园，唯有如此，它们的精神才可以不朽，才能成为草原上人们膜拜的“狼图腾”。

B“两会”期间，各地的代表们期盼国家食品药品监督管理局能够制定更多措施，尽量降低药品的价格和流通环节，让老百姓能拿得起药，看得起病。

C为避免不再发生类似的侵权行为，不再让广大消费者的合法性权益受到侵害，公司将改进操作规程，完善内部管理，规范经营行为。

D有专家认为，政府出钱办元宵节灯会展，既弘扬了传统的节日文化，又顺应了市民元宵赏花灯，这是花钱不多而社会影响好的事情。

二、（9分，每小题3分）阅读下面的文字，完成5-7题。

早在几万年以前，羊就因食草，产出奶、肉、毛、皮，加之其性格温和、坦诚、敏锐、乐观，易于驯服，成为人类最早驯化的动物。

古人以“马牛羊鸡犬豕”为六畜，羊位居前列，足以说明其在古人心目中的重要位置。

四川省德阳市中学高三物理联考试题含解析

四川省德阳市中学高三物理联考试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. （单选）如右图所示，吊床用绳子拴在两根柱子的等高位置上。

某人先坐在吊床上处于静止状态，这时吊床两端系绳中的拉力为F1，吊床对该人的作用力为F2；后躺在吊床上处于静止状态，这时吊床两端系绳中的拉力为F1/，吊床对该人的作用力为F2/；则A．F1＞F1/，F2＝F2/ B．F1＞F1/，F2＞F2/C．F1＝F1/，F2＝F2/ D．F1＝F1/，F2＞F2/参考答案：A2. 如图所示，一边长为l的正方形，其中a、b、c三个顶点上分别固定了三个电荷量相等的正点电荷Ｑ，O点为正方形的中心，d点为正方形的另一个顶点。

下列判定正确的是A．O点和d点的场强方向相同B．d点电势比O点的电势高C．同一试探电荷+q在O点比在d点受到的电场力大D．同一试探电荷+q在O点比在d点的电势能大参考答案：ACD3. （多选）如图所示，带箭头的实线表示电场中电场线的分布情况，一带电粒子在电场中运动轨迹如图中的虚线所示，粒子只受电场力，则正确的说法是A．若粒子是从a点到b点，则带正电B．粒子肯定带负电C．若粒子是从b点到a点，则加速度减小D．若粒子是从b点到a点，则速度减小参考答案：4. 如图所示，MN、PQ是与水平面成θ角的两条平行光滑且足够长的金属导轨，其电阻忽略不计．空间存在着垂直于轨道平面向上的匀强磁场，磁感应强度大小为B．导体棒ab、cd垂直于导轨放置，且与轨道接触良好，每根导体棒的质量均为，电阻均为，轨道宽度为L，与导轨平行的绝缘细线一端固定，另一端与ab棒中点连接，细线能承受的最大拉力T m=2mg sinθ，今将cd棒由静止释放，则细线被拉断时，cd棒的（）A．速度大小是 B．速度大小C．加速度大小是 D．加速度是gsinθ参考答案：A5. 如图所示电路中，电源内阻不能忽略，R1阻值等于滑动变阻器总阻值的3/4，当滑动变阻器的滑片P位于变阻器的中点时，电压表的示数为U，电流表的示数为I。

2015德阳联考四川省德阳市四校2015届高三3月联合考试化学试题 Word版含答案

2015年3月德阳市四校高三联合测试理科综合•化学德阳五中周耀建可能用到的相对原子质量：H －1 C －12 O －16 S －32 Fe －56 Cu －64 Zn －65第Ⅰ卷(选择题共42分)(每题6分，共42分．每题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的) 1．下列说法正确的是A ．玛瑙的主要成分为硅酸盐B ．pH 小于7的雨水属于酸雨C ．漂白粉的有效成分是次氯酸钙D ．工业上用电解熔融的氯化铝冶炼铝2．H 2和I 2在一定条件下能发生反应：H 2(g)＋I 2(g)2HI(g) △H ＝－a kJ/mol ．已知：(a 、b 、c 均大于零)．下列说法正确的是A ．H 2、I 2和HI 分子中的化学键都是非极性共价键B ．断开2 mol HI 分子中的化学键所需能量约为(c ＋b ＋a) kJC ．相同条件下，1 mol H 2 (g)和1mol I 2 (g)总能量小于2 mol HI (g)的总能量D ．向密闭容器中加入2 mol H 2 (g)和2 mol I 2 (g)，充分反应后放出的热量为2a kJ3．分别依据下列实验事实，得出的结论正确的是4．设N A 为阿伏伽德罗常数的值，下列说法正确的是 A ．1 mol [Cu(NH 3)4]2+ 中含有σ键的数目为12N AB ．0.1mol 铁粉与足量水蒸气反应生成的H 2分子数目为0.1N AC ．分子数目为0.1N A的N2和NH 3混合气体，原子间含有的共用电子对数目为0.3N A D ．用惰性电极电解CuSO 4溶液一段时间后，若加入0.05mol 的Cu 2(OH)2CO 3固体恰好能使溶液恢复到原来的浓度，则该电解过程中转移电子的数目为0.2N A5．下列离子方程式或化学方程式与所述事实相符且正确的是A ．向0.1 mol/L 、pH ＝1的NaHA 溶液中加入NaOH 溶液：H ＋＋OH －= H 2OB ．以金属银为阳极电解饱和NaCl 溶液：2Cl －＋2H 2O = H 2↑＋Cl 2↑＋2OH －C ．硫酸与氢氧化钡反应的中和热化学反应方程式为：1/2 H 2SO 4(aq)＋1/2 Ba(OH)2(aq) = 1/2 BaSO 4(s)＋H 2O(l) ΔH ＝－57.3 kJ/mol电解D．NH4Al(SO4)2溶液中加入Ba(OH)2溶液使SO42－完全沉淀：Al3+＋2SO42－＋2Ba2+＋4OH－=AlO2－＋2BaSO4↓＋2H2O6．在25℃时，下列溶液的pH或微粒的物质的量浓度关系正确的是A．将0.2mol/L的某一元酸HA溶液和0.1mol/L NaOH溶液等体积混合后溶液pH大于7，则充分反应后的混合液：2c(OH－)＝2c(H+)＋c(HA)－c(A－)B．某溶液中存在的离子有S2－、HS－、OH－、Na+、H+，则离子浓度的大小关系一定是：c(Na+)＞c(S2－)＞c(OH－)＞c(HS－)＞c(H+)C．将pH＝4的醋酸溶液与pH＝10的KOH溶液等体积混合，则充分反应后的混合液：c(CH3COO－)＞c(H+)＞c(K+)＞c(OH－)D．某物质的溶液中由水电离出c(H+)＝1×10－a mol/L，若a＞7时，则该溶液的pH一定为14－a7．向一体积不变的密闭容器中加入2 mol A、0.6 mol C和一定量的B三种气体．在一定条件下发生反应，各物质浓度随时间变化的情况如图甲所示．图乙为t2时刻后改变反应条件，该平衡体系中反应速率随时间变化的情况，且四个阶段都各改变一种不同的条件．已知t3～t4阶段为使用催化剂；图甲中t0～t1阶段c(B)未画出．图甲图乙下列说法不正确的是A．该反应为吸热反应B．B在t0～t1阶段的转化率为60%C．t4～t5阶段改变的条件为减小压强D．此温度下该反应的化学平衡常数K ＝27/32第II卷(非选择题共58分)8．(16分) 已知A、B、C、D是原子序数依次增大的四种短周期元素，B的基态原子中电子占据三种能量不同的原子轨道，且每种轨道中的电子总数相同；D原子有2个未成对电子．A、B、D三种元素组成的一种化合物M是新装修居室中常含有的一种有害气体．E是第四周期元素，其原子核外最外层电子数与A原子相同，其余各层电子均充满．请回答下列问题(用元素符号或化学式表示)：(1) 元素B、C、D的基态原子的第一电离能由大到小的顺序为▲ ．(2) M分子中B原子轨道的杂化类型为▲ ．(3) E+的核外电子排布式为▲ ，右图是由D、E形成的某种化合物的晶胞结构示意图，该晶体1个晶胞中阳离子的个数为▲．(4) 化合物CA3的沸点比化合物BA4的高，其主要原因是▲ ．(5) 写出与BD2互为等电子体的C3－的结构式▲ ．D E(6) 微生物燃料电池是一种利用微生物将有机物中的化学能直接转化成电能的装置．最早用于有机废水处理，下图是利用微生物燃料电池处理含M 废水的装置，其中3是质子交换膜．负极所在的左室中发生反应的电极反应式是 ▲ ．(7)铁粉和E 单质粉末的均匀混合物，平均分成四等份，分别加入同浓度的稀硝酸，充分反应，在标准状况下生成NO 的体积和剩余金属的质量如下表(假设硝酸的还原产物只有NO)．则稀硝酸的浓度为 ▲ mol/L ．9．(16分) 连二亚硫酸钠(Na 2S 2O 4)，又称保险粉，是印刷工业中重要的还原剂．某课题小组进行如下实验：I ．【查阅资料】(1)连二亚硫酸钠(Na 2S 2O 4)是一种白色粉末，易溶于水，难溶于乙醇．(2) 2Na 2S 2O 4＋4HCl = 4NaCl ＋S↓＋3SO 2↑＋2H 2O ；Na 2S 2O 3＋2HCl = 2NaCl ＋S↓＋SO 2↑＋H 2O ．II ．【制备方法】75℃时将甲酸钠和纯碱加入乙醇水溶液中，通入SO 2进行反应，完成其反应方程式： HCOONa ＋ Na 2CO 3= Na 2S 2O 4＋ CO 2冷却至40～50℃，过滤，用▲ 洗涤，干燥制得Na 2S 2O 4． III ．【Na 2S 2O 4的性质】(1)Na 2S 2O 4溶液在空气中易被氧化．课题小组测定0.050mol/L Na 2S 2O 4溶液在空气中pH 变化如右图所示：0～t 1段主要先生成HSO 3－，根据pH 变化图，HSO 3－的电离程度 ▲ 水解程度(填“＜”或“＞”)．课题小组推测Na 2S 2O 4溶液在空气中易被氧化，0～t 1段发生离子反应方程式为 ▲ ．t 3时溶液中主要阴离子符号是 ▲ ．(2)隔绝空气加热Na 2S 2O 4固体完全分解，得到固体产物Na 2SO 3、Na 2S 2O 3和气体为 ▲ (填化学式)．请你设计实验验证产物有Na 2S 2O 3存在，完成下表中内容．溶液、KMnO 溶液)10．(14分) 以甲苯为原料可以合成某种食用香料(有机物G)和某种治疗肺结核药物的有效成分(有机物PAS －Na)的路线如下：①已知：Fe/HClNH 2NO 2CH 3KMnO 4/H +COOH②③CH=CCOOH (R= )RCH COROO 催化剂，CH 3或H回答下列问题：(1)由B 生成C 的反应类型是 ▲ ． (2)肉桂酸中含氧官能团的名称是 ▲ ． (3)写出由A 生成B 的化学方程式： ▲ ．(4)质谱图显示试剂b 的相对分子质量为58，分子中不含甲基，且为链状结构，写出肉桂酸与试剂b生成G 的化学方程式： ▲ ．(5)当试剂d 过量时，可以选用的试剂d 是 ▲ (填字母序号)． a ．NaOH b ．Na 2CO 3 c ．NaHCO 3 (6)写出C 与NaOH 反应的化学方程式： ▲ ．(7)在肉桂酸分子中碳碳双键催化加氢后得到化合物X(分子式为C 9H 10O 2)，X 有多种同分异构体，符合下列条件的有 ▲ 种．a ．苯环上有两个取代基；b ．能发生银镜反应；c ．与Na 作用有H 2产生．11．(12分) 硫酸锌被广泛应用于工农业生产和医药领域．工业上由氧化锌矿(主要成分为ZnO ，另含ZnSiO 3、FeCO 3、CuO等)生产ZnSO 4·7H 2O 的一种流程如下：(1)步骤Ⅰ包括酸浸和过滤两个操作．①酸浸时，需不断通入高温水蒸气的目的是▲ ．浓试剂c 试剂d浓H 2SO 4肉桂酸Fe/HCl (C12H12O2)ⅰ. NaOH ⅱ. HCl②过滤时为防堵塞，过滤装置需常用NaOH 溶液清洗，其清洗原理是 ▲ (用化学方程式表示)．(2)步骤Ⅱ中，在pH 约为5.1的滤液中加入高锰酸钾，生成Fe(OH)3和MnO(OH)2两种沉淀，该反应的离子方程式为 ▲ ．(3)步骤Ⅲ所得滤渣Z 的主要成分是 ▲ ．(4)取28.70 g ZnSO 4·7H 2O 加热至不同温度，剩余固体的质量变化如下图所示．①步骤Ⅳ中的烘干操作需在减压条件下进行，其原因是 ▲ ． ②在图中C 点，680 ℃时所得固体的化学式为 ▲ (填字母序号)．a ．ZnOb ．ZnSO 4c ．ZnSO 4·H 2Od ．Zn 3O(SO 4)22015年3月德阳市四校高三联合测试参考答案理科综合•化学第Ⅰ卷(选择题每题6分)1．C 2．B 3．D 4．C 5．A 6．A 7．B第II 卷(非选择题共58分)8．(16分，每空2分)(1) N ＞O ＞C (2) sp 2(杂化) (3) 1s 22s 22p 63s 23p 63d 10或[Ar]3d 10， 4 (4) NH 3分子间能形成氢键 (5) [N=N=N]－(6) HCHO －4e －＋H 2O = CO 2＋4H + (7) 49．(16分，每空2分)II ．2HCOONa ＋Na 2CO 3＋4SO 2= 2Na 2S 2O 4＋3CO 2＋H 2O 乙醇 III ．(1) ＞ 2S 2O 42－＋O 2＋2H 2O =4HSO 3－SO 42－(或HSO 4－)(2) SO 21030200400600800剩余固体的质量/g温度/℃2010．(14分，每空2分)(1) 氧化反应(2) 羧基(3)(4)（写“→”不扣分）(5) c(6) (7) 15 11．(14分，每空2分)(1) ①升高温度、使反应物充分混合，以加快反应速率②H2SiO3+2NaOH＝Na2SiO3+2H2O(2) 3Fe2++MnO4－+8H2O＝3Fe(OH)3↓+MnO(OH)2↓+5H+(3) Cu (Zn)(4) ①降低烘干的温度，防止ZnSO4·7H2O分解②d。

2015届高三第四次联考物理试题 Word版含解析

全国大联考2015届高三第四次联考·物理试卷考生注意：1．本试卷共100分。

考试时间90分钟。

2．答题前，考生务必将密封线内的项目填写清楚。

3．请将试卷答案填在试卷后面的答题卷上。

4．本试卷主要考试内容：必修1，必修2，选修3—1电场和恒定电流。

第I 卷 (选择题共40分)选择题部分共10小题．每小题4分．共40分。

在每个小题给出的四个选项中，1～6小题只有一个选项正确．7～10小题有多个选项正确；全部选对的得4分．选对但不全的得2分．有选错或不答的得0分。

1．足球以8 m ／s 的速度飞来，运动员把它以12 m ／s 的速度反向踢回，踢球时间是0.2 s ，以球飞来的方向为正方向，则足球在这段时间内的加速度为A . —200m ／s 2B . 200 m ／s 2C . —100 m ／s 2D ．100 m ／s 2答案．C解析：a=t v ∆∆=2.0812--m /s 2 =—100m ／s 2，选项c 正确。

2．某同学上过体育课后用网兜把质量为m 的足球挂在光滑竖直墙壁上的P 点，已知悬线与墙面的夹角为θ，重力加速度为g,网兜的重力不计，则足球对墙壁的压力为A . mgtan θB . mgsin θC . mgcos θD ．θsin mg答案．A解析：对足球受力分析如图所示，由几何关系可得：N ＝mgtan θ，根据牛顿第三定律，足球对墙壁的压力为mgtan θ，选项A 正确。

3．将一质量为m 的小球靠近墙面竖直向上抛出，图甲是向上运动的频闪照片，图乙是下降时的频闪照片，O 是运动的最高点，甲、乙两次的闪光频率相同。

重力加速度为g ，假设小球所受阻力大小不变，则可估算小球受到的阻力大小约为A . mgB .21mg C . 31mg D . 101mg 答案．B解析：设每块砖的厚度是d ，向上运动时：9d-3d=aT 2，向下运动时：3d-d=a /T 2 ，联立解得：a ：a /= 3：1，根据牛顿第二定律：mg+f = ma 、mg 一f=ma / ，联立解得：f = mg /2。

2015年四川省高考物理试卷(含详细答案)

2015年普通高等学校招生全国统一考试（四川）物理试卷第Ⅰ卷（选择题共42分）第Ⅰ卷共7题，每题6分。

每题选出的四个选项中，有的只有一个选项、有的有多个选项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错和不选的得0分。

1.在同一位置以相同的速率把三个小球分别沿水平、斜向上、斜向下方向抛出，不计空气阻力，则落在同一水平地面地面时的速度大小A.一样大B.水平抛的最大C.斜向上抛的最大D.斜向下抛的最大2.平静湖面传播着一列水面波（横波），在波的传播方向上有相距3m的甲、乙两小木块随波上下运动，测得两小木块每分钟上下30次，甲在波谷时，乙在波峰，且两木块之间有一个波峰。

这列水面波A.频率是30HzB.波长是3mC.波速是1m/sD.周期是0.1s3.直线P1P2过均匀玻璃球球心O,细光束a,b平行且关于P1P2对称，由空气射入玻璃球的光路如图。

a，b光相比A.玻璃对a光的折射率较大B.玻璃对a光的临界角较小C.b光在玻璃中的传播速度较小D.b光在玻璃中的传播时间较短4.小型发电机线圈共N匝，每匝可简化为矩形线圈abcd，磁极间的磁场视为匀强磁场，方向垂直于线圈中心轴OO’，线圈绕OO’匀速转动，如图所示。

矩形线圈ab边和cd边产生的感应电动势的最大值都为e0，不计线圈电阻，则发电机输出电压A.峰值是e0B. .峰值是2e0C.D.Ne05．登上火星是人类的梦想，“嫦娥之父”欧阳自远透露：中国计划于2020年登陆火星。

地球和火星是公转视为匀速圆周运动。

忽略行星自转影响：根据下表，火星和地球相比AB．火星做圆周运动的加速度较小C．火星表面的重力加速度较大D．火星的第一宇宙速度较大6．如图所示，半圆槽光滑、绝缘、固定，圆心是O，最低点是P，直径MN水平，a、b是两个完全相同的带正电小球（视为点电荷），b固定在M点，a从N点静止释放，沿半圆槽运动经过p点到达某点Q（图中未画出）时速度为零。

则小球aA．从N到Q的过程中，重力与库仑力的合力先增大后减小B．从N到P的过程中，速率先增大后减小C．从N到Q的过程中，电势能一直增加D．从P到Q的过程中，动能减少量小于电势能增加量7．如图所示，S处有一电子源，可向纸面内任意方向发射电子，平板MN垂直于纸面，在纸面内的长度L=9.1cm，中点O与S间的距离d=4.55cm，MN与SO直线的夹角为θ,板所在平面有电子源的一侧区域有方向垂直于纸面向外的匀强磁场,磁感应强度B＝2.0×10－4T，电子质量m＝9.1×10－31kg，电量e=1.6×10－19C，不计电子重力。

【整理】2015届高三年联考物理试卷 Word版含答案

2015届高三第一次联考物理试题本卷满分：100分，考试时间：90分钟第I 卷(选择题共36分)一、选择题(本题共12题，每小题3分，共36分。

在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求)1．关于物理学的研究方法，以下说法错误的是（）A ．伽利略开创了运用逻辑推理和实验相结合进行科学研究的方法B ．质点、点电荷、重心的概念用了“理想化模型”的方法C ．电场强度是用比值法定义的，因而电场强度与电场力成正比，与试探电荷的电量成反比D ．合力与分力、总电阻用的是“等效替代”的方法2．如图所示，在一内壁光滑的半圆球壳内有两个可视为质点的小球用一劲度系数为k 的轻弹簧连接着，已知球壳固定且内半径为R ，两小球质量均为m.两小球与弹簧静止时处在同一水平线上，小球与球壳球心连线与水平方向成θ角，弹簧形变在弹性限度范围内，则弹簧的原长为 ( ) A ．mg ktan θB. mg2ktan θC ．mgktan θ＋2Rcos θD. mg2ktan θ＋2Rcos θ3．甲、乙两物体先后从同一地点出发，沿一条直线运动，它们的v-t 图象如图所示，由图可知( )A ．甲比乙运动得快，且早出发，所以乙追不上甲B ．t=20s 时，乙追上了甲C ．t=10s 时，甲与乙间的间距最大D ．在t=20s 之前，甲比乙运动得快，t=20s 之后乙比甲运动得快4．如图所示，小球以V o 正对倾角为的斜面水平抛出，若小球到达斜面的位移最小，则飞行时间t 为（重力加速度为g ）( )5．如图所示，足够长的水平传送带以v 0=2m/s 的速度匀速运行。

t =0时，在最左端轻放一质量为m 的小滑块，t =2s 时，传送带突然制动停下。

已知滑块与传送带之间的动摩擦因数μ=0.2。

下列关于滑块相对地面运动的v -t 图像正确的是（）10 2010 20 30 t/sv/m s -1 甲乙6．如图所示，虚线a 、b 、c 代表电场中的三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，即U ab =U bc ，实线为一带正电的质点仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P 、Q 是这条轨迹上的两点，据此可知以下说法中不正确的是（） A ．三个等势面中，a 的电势最高 B ．带电质点通过P 点时的电势能比Q 点大 C ．带电质点通过P 点时的动能比Q 点大D ．带电质点通过P 点时的加速度比Q 点大 7．质量为m 的探月航天器在接近月球表面的轨道上飞行，其运动视为匀速圆周运动．已知月球质量为M ，月球半径为R ，月球表面重力加速度为g ，引力常量为G ，不考虑月球自转的影响，则航天器的 ( ) A ．线速度v ＝GMRB ．角速度ω＝gRC ．运行周期T ＝2πg RD ．向心加速度a ＝2R Gm8．如图所示，一张薄纸板放在光滑水平面上，其右端放有小木块，小木块与薄纸板的接触面粗糙，原来系统静止。

高三物理月考试题及答案-四川德阳市2015届高考第一次诊断性试卷(精校解析版)

2015年四川省德阳市高考一诊物理试卷一、选择题（本题包括11小题，每题4分，共44分．在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确，全部选对的得满分，选不全的得一半的分，有选错或不答的得0分．）1．下列叙述中正确的是（）A ．由电容的定义式C =Q U可知，C 与Q 成正比，与U 成反比 B ．由磁感应强度的定义式B =F IL 可知，F 的方向与B 的方向一定相同 C ．电流通过电阻时产生的热量Q =I 2Rt ，是由英国科学家焦耳发现的D ．带电粒子离开回旋加速器时的最大动能与加速电压成正比【答案】C【解析】 C 与Q ，U 无关，则A 错误；F 一定与B 垂直，则B 错误；焦耳定律是由英国科学家焦耳发现的，则C 正确；根据qv B=m 2v R，知v =qBR m ，则最大动能E K m =12mv 2=2222q B R m．与加速的电压无关，则D 错误【考点】电容；焦耳定律；磁感应强度．.2．在如图所示的x ﹣t 图象和x ﹣t 图象中，给出的四条图线甲、乙、丙、丁分别代表四辆车由同一地点向同一方向运动的情况，则下列说法正确的是（）A ．甲车做曲线运动，丁车做直线运动B ．在t 1时刻，甲、乙两车的速度相等C ．追上前，丙、丁两车在t 2时刻相距最远D ．在0﹣t 1时间内，丙、丁两车的平均速度相等【答案】C ．【解析】由图象可知：乙做匀速直线运动，甲做速度越来越小的变速直线运动，故A错误；在t1时刻两斜率不相等，所以两车速度不相等，故B错误；由图象与时间轴围成的面积表示位移可知：丙、丁两车在t2时刻面积差最大，所以相距最远，故C正确；0～t1时间内，根据面积表示位移，丙、丁两车的位移不相等，时间又相等，平均速度等于位移除以时间，所以丙、丁两车的平均速度不相等，故D错误．【考点】匀变速直线运动的图像；参考系和坐标系．.3．为了让乘客乘车更为舒适，某搡究小组设计了一种新的交通工具，乘客的座椅能随着坡度的变化而自动调整，使座椅始终保持水平，如图所示，当此车减速上坡时（仅考虑乘客与水平面之间的作用），则关于乘客下列说法正确的是（）A．不受摩擦力的作用B．受到水平向左的摩擦力作用C．处于超重状态D．所受合力竖直向上【答案】B【解析】对乘客进行受力分析，乘客受重力，支持力，由于乘客加速度沿斜面向下，而静摩擦力必沿水平方向，由于乘客有水平向左的分加速度，所以受到向后（水平向左）的摩擦力作用．故A错误，B正确；当此车减速上坡时，整体的加速度沿斜面向下，乘客具有向下的分加速度，所以根据牛顿运动定律可知乘客处于失重状态．故C错误；由于乘客加速度沿斜面向下，根据牛顿第二定律得所受力的合力沿斜面向下．故D错误．【考点】牛顿运动定律的应用-超重和失重；摩擦力的判断与计算．.4．如图所示，三个重均为100N的物块，叠放在水平桌面上，各接触面水平，水平拉力F=20N 作用在物块2上，三条轻质绳结于O点，与物块3连接的绳水平，与天花板连接的绳与水平方向成45°角，竖直绳悬挂重为20N的小球P．整个装置处于静止状态．则（）A．物块1和2之间的摩擦力大小为20N B．水平绳的拉力大小为15NC．桌面对物块3的支持力大小为320N D．物块3受5个力的作用【答案】D．【解析】对物体1受力分析，受重力和支持力，假如受水平方向的摩擦力，则不能保持平衡，故物体1与物体2间的摩擦力为0，A错误；对绳子的连接点受力分析，受到三根绳子的三个拉力，如图，根据平衡条件，有：x方向：T2cos45°=T1y方向：T2sin45°=mg解得：T1=mg=20N即故水平绳中的拉力为20N．B错误；对物体1、2、3整体受力分析，受重力、支持力、向左的拉力为20N、绳子a的拉力也为20N，竖直方向：N=3mg=300N，故C错误；对物体1和物体2整体研究，受重力、支持力、向左的拉力F和向右的静摩擦力f23，根据平衡条件得：f23=F=20N；1、2间摩擦力0，23间摩擦力20N，则3与桌面间摩擦力0，故3受重力、支持力、压力、2给的摩擦力、绳子拉力，共5力作用，D正确；【考点】共点力平衡的条件及其应用；摩擦力的判断与计算．.5．由于火星表面特征非常接近地球，人类对火星的探索一直不断，可以想象，在不久的将来，地球的宇航员一定能登上火星．已知火星半径是地球半径的，火星质量是地球质量的，地球表面重力加速度为g，假若宇航员在地面上能向上跳起的最大高度为h，在忽略地球、火星自转影响的条件下，下述分析正确的是（）A．宇航员在火星表面受到的万有引力是在地球表面受到的万有引力的倍B ．火星表面的重力加速度是gC ．宇航员以相同的初速度在火星上起跳时，可跳的最大高度是hD ．火星的第一宇宙速度是地球第一宇宙速度的3倍【答案】D ．【解析】根据万有引力定律的表达式F =G 2Mm R ，已知火星半径是地球半径的，质量是地球质量的，所以宇宙员在火星表面受的万有引力是在地球表面受万有引力的倍．故A 错误；由G 2Mm R =mg 得到：g =2GM R ．已知火星半径是地球半径的，质量是地球质量的，则火星表面的重力加速度是g ．故B 错误；宇航员以v 0在地球起跳时，根据竖直上抛的运动规律得出：可跳的最大高度是 h =202v g由于火星表面的重力加速度是g ，王跃以相同的初速度在火星上起跳时，可跳的最大高度h ′=h ．故C 错误；由mg =m 2v R，得第一宇宙速度 v ，由上知火星表面的重力加速度是g 倍．故D 正确．【考点】万有引力定律及其应用．.6．如图所示，d 处固定有负点电荷Q ，一个带电质点只在电场力作用下运动，射A 此区域时的轨迹为图中曲线abc ，a 、b 、c 、d 恰好是一正方形的四个顶点，则下列说法正确的是（）A ．质点由a 到c ，电势能先增加后减小，在b 点动能最小B ． a 、b 、c 三点处电势高低关系是φa =φc ＞φbC ．质点在a 、b 、c 三点处的加速度大小之比为1：2：1D ．若将d 处的点电荷改为+Q ，该带电质点的轨迹仍可能为曲线abc【答案】A【解析】根据轨迹弯曲方向判断出粒子之间存在引力，它与固定在O 点的电荷是异种电荷，故质点带正电荷，质点从a 到b ，电势升高，电势能就增加；从b 到c 电势能减小，质点在b 点的电势能最大，则动能最小．故A 正确；根据点电荷的电场线的特点，Q 与ac 距离相等，都小于b ，故b 点的电势最高，a 、c 两点的电势相等，即φa =φc ＜φb ．故B 错误；质点在a 、b 、c 三点时的加速度大小要根据库仑定律求出库仑力．由图可知，r a =r c=2r b ，代人库仑定律：F =k 122q q r ，可得：2221a b b a F r F r ==由牛顿第二定律：21a b a a =，所以质点在a 、b 、c 三点处的加速度大小之比为2：1：2；故C 错误；若将d 处的点电荷改为+Q ，质点受到斥力，轨迹不可能沿曲线abc ，故D 错误．【考点】电势差与电场强度的关系；电势能．.7．如图所示，用粗细均匀的电阻丝折成平面梯形框架abcd ．其中ab 、cd 边均与ad 边成60°角，ab =bc =cd =L ，长度为L 的电阻丝电阻为R 0，框架与一电动势为E ，内阻r =0.8R 0的电源相连接，垂直于框架平面有磁感应强度为B 的匀强磁场，则梯形框架abcd 受到的安培力的大小为（）A ． 0B ． 0BEL RC ． 025BEL RD ． 035BEL R 【答案】B【解析】根据左手定则判断出各段受到的安培力的方向，如图电路abcd 上的电阻为3R 0，由几何关系得，ad 段的长度为2L ，所以ad 上的电阻为2R 0，并联部分的总电阻为：0000032 1.232R R R R R R ⋅==+并电路中的总电流：0=2E E I R r R =+并路端电压：00 1.20.62E U I R R E R =⋅=⋅=并 abcd 上的电流：10035U E I R R == abcd 上各段的安培力：123105BEL F F F BI L R ====ad 上的安培力：420032225U BEL F BI L BL R R =⋅=⋅= 各段受到的力中，F 1 和F 3在左右方向的分量大小相等，方向相反，相互抵消，所以线框受到的合外力：F =F 1cos60°+F 2+F 3cos60°+F 4=0BEL R 所以四个选项中B 正确．【考点】安培力．.8．如图所示，离地H 高处有一个质量为m 的物体，给物体施加一个水平方向的作用力F ，已知F 随时间的变化规律为：F =F 0﹣kt （以向左为正，F 0、k 均为大于零的常数），物体与竖直绝缘墙壁间的动摩擦因数为μ，且μF 0＞mg ．t =0时，物体从墙上静止释放，若物体所，最终落在地面上．则下列关于物体的运动说法正确的是（）A ．当物体沿墙壁下滑时，物体先加速再做匀速直线运动B ．物体从脱离墙壁到落地之前的运动轨迹是一段直线C ．物体克服摩擦力所做的功W=mgHD ．物体与墙壁脱离的时刻为t =0F k 【答案】CD ．【解析】竖直方向上，由牛顿第二定律有：mg ﹣μF =ma ，随着F 减小，加速度a 逐渐增大，做变加速运动，当F =0时，加速度增大到重力加速度g ，此后物块脱离墙面，故A 错误；物体脱离墙面时的速度向下，之后所受合外力与初速度不在同一条直线上，所以运动轨迹为曲线．故B 错误；物体从开始运动到脱离墙面F 一直不做功，由动能定理得，2122H mg W m -= ，物体克服摩擦力所做的功W=mgH ．故C 正确；当物体与墙面脱离时F 为零，所以F =F 0﹣kt =0，解得时间t =0F k．故D 正确．【考点】功的计算；摩擦力的判断与计算．. 9．人用绳子通过光滑定滑轮拉静止在地面上的物体A ，A 穿在光滑的竖直杆上当人以速度v 竖直向下匀速拉绳使质量为m 的物体A 上升高度h 后到达如图所示位置时此时绳与竖直杆的夹角为θ．已知重力加速度为g ，则下列说法正确的是（）A ．此时物体A 的速度为cos v θB ．此时物体A 的速度为v cos θC ．该过程中绳对物体A 做的功为mgh +222cos mv θD ．该过程中绳对物体A 做的功为mgh +mv 2cos 2θ【答案】AC ．【解析】将A 的速度分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向，如图所示，拉绳子的速度等于A 沿绳子方向的分速度，根据平行四边形定则得，实际速度cos A v v θ= ，故A 正确，B 错误；在A 上升的过程中根据动能定理有：2102A mgh W mv -+=- 即绳对A 做的功为： 2212cos v W mgh m θ=+ ，故C 正确，D 错误．【考点】功的计算．.10．如图所示，足够长传送带与水平方向的倾角为θ，物块a 通过平行于传送带的轻绳跨过光滑轻滑轮与物块b 相连，b 的质量为m ，开始时a 、b 及传送带均静止，且a 不受传送带摩擦力作用．现让传送带逆时针匀速转动，则在b 上升h 高度（未与滑轮相碰）过程中，下列说法正确的是（）A ．物块a 重力势能减少2mghB ．摩擦力对a 做的功小于a 机械能的增加C ．摩擦力对a 做的功等于物块a 、b 动能增加之和D ．任意时刻，重力对a 、b 做功的瞬时功率大小相等【答案】BD ．【解析】开始时，a 、b 及传送带均静止且a 不受传送带摩擦力作用，有m a g sin θ=m b g ，则m a =sin m θ．b 上升h ，则a 下降h sin θ，则a 重力势能的减小量为m b g ×h sin θ=mgh ．故A 错误；根据能量守恒得，系统机械能增加，摩擦力对a 做的功等于a 、b 机械能的增量．所以摩擦力做功大于a 的机械能增加．因为系统重力势能不变，所以摩擦力做功等于系统动能的增加．故B 正确，C 错误；任意时刻a 、b 的速率相等，对b ，克服重力的瞬时功率P b =mgv ，对a 有：P a =m a gv sin θ=mgv ，所以重力对a 、b 做功的瞬时功率大小相等．故D 正确．【考点】机械能守恒定律；功率、平均功率和瞬时功率．.11．如图甲所示，平行于光滑斜面的轻弹簧劲度系数为k ，一端固定在倾角为θ的斜面底端，另一端与物块A 连接，两物块A 、B 质量均为m ，初始时均静止，现用平行于斜面向上的力F 拉动物块B ，使B 做加速度为a 的匀加速运动，A 、B 两物块在开始一段时间内的v ﹣t 关系分别对应图乙中A 、B 图线t 1时刻A 、B 的图加速度为g ，则下列说法正确的是（）A ． t l 时刻，弹簧形变量为2sin mg ma kθ+ B ． t 2时刻，弹簧形变量为sin mg k θC ． t l 时刻，A ，BD ．从开始到t 2时刻，拉力F 先逐渐增大后不变【答案】BD【解析】由图读出，t 1时刻A 、B 开始分离，对A 根据牛顿第二定律：kx ﹣mg sin θ=ma ，则x =sin mg ma kθ+，故A 错误；由图知，t 2时刻A 的加速度为零，速度最大，根据牛顿第二定律和胡克定律得：mg sin θ=kx ，则得：x =sin mg k θ，故B 正确；对AB 整体，根据牛顿第二定律得：F ﹣2mg sin θ+kx =2ma ，得F =2mg sin θ﹣kx +2ma ，则知开始时F 最小，此时有：2mg sin θ=kx ，得F 的最小值为 F =2ma ，由图读出，t 1时刻A 、B 开始分离，对A 根据牛顿第二定律：kx ﹣mg sin θ=ma 开始时有：2mg sin θ=kx 0，又x 0﹣x =2112at 速度V=at 1=．故C 错误．从开始到t 1时刻，对AB 整体，根据牛顿第二定律得：F+kx﹣mg sinθ=2ma，得F=mg sinθ+2ma﹣kx，x减小，F增大；t1时刻到t2时刻，对B，由牛顿第二定律得：F﹣mg sinθ=ma，得F=mg sinθ+ma，可知F不变，故D正确．【考点】牛顿第二定律；胡克定律．.二、实验题（本题共2小题，共16分）12．用如图1所示的装置探究“当小车质量一定时，小车加速度与拉力的关系”，带滑轮的长木板和弹簧测力计均水平固定，小车运动过程中阻力恒定．①实验时，一定要进行的操作是_______A．用天平测出砂和砂桶的质量B．小车靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，同时记录弹簧测力计的示数C．改变砂和砂桶质量，再打出几条纸带D．为减小误差，实验中一定要保证砂和砂桶的质量远小于小车的质量②以弹簧测力计的法数F为横坐标，以小车的加速度a为枞坐标，下面画出的四个a﹣F图象图2中正确的是_______③若测出的a﹣F图象的斜率为k，则小车的质量M=．【答案】（1）BC（2）a（3）2 k【解析】（1）本题拉力可以由弹簧测力计测出，不需要用天平测出砂和砂桶的质量，也就不需要使小桶（包括砂）的质量远小于车的总质量，故AD错误；打点计时器运用时，都是先接通电源，待打点稳定后再释放纸带，该实验探究加速度与力和质量的关系，要记录弹簧测力计的示数，故B正确；改变砂和砂桶质量，即改变拉力的大小，打出几条纸带，研究加速度随F变化关系，故C正确．故选BC．（2）小车质量不变时，加速度与拉力成正比，所以a﹣F图象是一条倾斜的直线，由实验装置可知，实验前没有平衡摩擦力，则画出的a﹣F图象在F轴上有截距，故a正确．故选a（3）对a﹣F图来说，图象的斜率表示小车质量的倒数，此题，弹簧测力计的示数F=F合，故小车质量为M=2k．【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系．.13．某同学在实验室想测量一只灵敏电流计G表内的电阻r g，及电源的电动势E和内阻r，要求：测量尽量准确，能测多组数据且滑动变阻器调节方便，电表最大读数不得小于量程的，待测元件及提供的其他实验材料有：A．待测G表：量程500μA，内阻在150﹣2500Ω之间B．待测电源E：电动势约3.0V，内阻未知C．电流表A：量程2A，内阻约0.1ΩD．电压表V：量程300m V，内阻约500ΩE．定值电阻R0：R0=300F．滑动变阻器R1；最大阻值100Ω，额定电流2AH．电阻箱R2：0﹣9999ΩJ．开关S一个，导线若干（1）该同学先利用伏安法测量G表内阻0．①图甲是该同学设计的实验电路图，则虚线框中应该选用的元件是______；（填元件前面的序号字母）②该同学读出c表的示数为，电压表y的示数为u，请写出待测G表的内阻的计算表达式__________．（2）该同学测出r v=200Ω后，然后把G表和电阻箱R2串联，将它改装成一只量程为3V的电压表，则电阻箱R x应调到__________．（3）该同学利用电流表A和改装后的电压表，将各元件连接成图乙所示的测量电路，接着测量电源的电动势E及内阻n若利用测量的数据，作出的G表示数k与通过滑动变阻器蜀的电流，的关系图象如图丙所示，则可得到电源的电动势E=_______V．内阻r=________ （计算结果均保留两位有效数字）【答案】（1）①E ；②﹣R 0；（2）①2800；②1.5；0.6．【解析】（1）G 表本身可以测量通过的电流，但由题意可知，G 表内阻较小，无法直接用电压表进行测量，故应与E ：定值电阻R 0串联后再与电压表并联；同时由于两表量程偏低，且滑动变阻器阻值偏小，为了安全，采用滑动变阻器分压接法；故原理图如甲图所示；为了更好地保护电路，也可以与电阻箱串联后给G 供电；故电路图可以是甲图中的任一个；用I 表示G 表示数，U 表示V 表示数；由欧姆定律可知，I =UR R + ，解得：R =﹣R 0；（2）①将G 表与电阻箱串联后，可以充当电压表使用，则其应并联在电源两端，滑动变阻器与电流表串联后即可进行测电源电动势和内电阻的实验，实物电路图如图所示：③根据改装原理可知，电压表的额定电流3=0.3(200)200R ⨯+ ；解得：R =2800Ω；电源的路端电压U =I G （200+2800）=3000I G ；故图象与纵坐标的交点为500μA ，则电源的电动势为：E =500μA×3000=1.5V ；内阻r =5003500.75- =0.6Ω；【考点】测定电源的电动势和内阻．.三、计算题（本大题共有4小题，共50分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数字计算的题，答案中必须明确写出数字和单位．）14． 2014年全国多地雾霾频发，且有愈演愈烈的趋势，空气质量问题备受关注．在雾霾天气下，能见度下降，机动车行驶速度降低，道路通行效率下降，对城市快速路、桥梁和高速公路的影响很大，已知汽车保持匀速正常行驶时受到的阻为f1=0.2mg，刹车时受到的阻力为f2=0.5mg，重力加速度为g=10m/s2．（1）若汽车在雾霾天行驶的速度为v1=36km/h，则刹车后经过多长时间才会停下来？（2）若前车因故障停在车道上，当质量为m=1200kg的后车距已经停止的前车为x=22.5m 时紧急刹车，刚好不与前车相撞，则后车正常行驶时的功率为多大？【答案】（1）若汽车在雾霾天行驶的速度为v=54km/h，则刹车后经过3s时间才会停下来；（2）若前车因故障停在车道上，当质量为m=1200kg正在匀速行驶的后车，在前方22.5m 处发现了因故障停在车道上的前车，司机采取紧急刹车，刚好没有与前车相撞，则后车正常行驶时的功率为2.7×104W．【解析】（1）v=36km/h=10m/sf2=0.5mg刹车后由牛顿第二定律可知：﹣f2=ma﹣0.5mg=maa=0.5g=﹣5m/s2v′=v+at得：t=0105--=3s（2）根据动能定理有：﹣f2x=0-12mv02f2=k2mgv02=2k2gs=2×0.5×10×22.5得：v0=22.5m/s正常行驶时有：F﹣f1=0f1=k1mg=0.1mgP=Fv0=0.1×1200×10×22.5=2.7×104W【考点】功率、平均功率和瞬时功率；匀变速直线运动的位移与时间的关系．.15．如图所示，水平地面上有一个精致的直角三角形滑块P，顶点A到地面的距离h=0.45m，水平地面上D处有一固定障碍物，滑块的C端到D的距离L=4.0m．在其顶点A处放一个小物块Q，不粘连，最初系统静止不动．现在滑块左端施加水平向右的推力F=24N，使二者相对静止一起向右运动，当C 端撞到障碍物时立即撤去力F ，且滑块P 立即以原速率反弹，小物块Q 最终落在地面上．滑块P 的质量M =3.5kg ，小物块Q 的质量m =0.5kg ，P 与地面间的动摩擦因数4．（取g =10m/s2）求：（1）小物块Q 落地前瞬间的速度．（2）小物块Q 落地时到滑块P 的B 端的距离．【答案】（1）小物块Q 落地前瞬间的速度为5m/s ；（2）小物块Q 落地时到滑块P 的B 端的距离为2.22m ．【解析】（1）对P 、Q 整体分析有：F ﹣μ（m +M ）g =（m +M ）a 1…① 代入数据解得：a 1=Fg M mμ-+=2m/s 2，当滑块C 运动到障碍物D 处时有：v D 2=2a 1L …②解得：v D =之后Q 物体做平抛运动有：h =2112gt …③解得：t 1=0.3s Q 落地前瞬间竖直方向的速度为： v y =gt 1 ④解得：v y =10×0.3m/s=3m/s由矢量合成得，Q 落地前瞬间的速度大小为v t ⑤ 与水平成θ，tan θ==0.75，θ=37° ⑥（2）由（1）得Q 平抛水平位移 x 1=v D t =4×0.3=1.2m ⑦ P 物体做匀减速运动，则有：μMg =Ma 2 ⑧ 得 a 2=μg =0.4×10=4m/s 2，由a 2t 2=v D 得 t 2==1s ＞t 1 ⑨所以Q物体平抛时间内P的位移为：x2=v D t1﹣=4×0.3﹣0.5×4×0.32=1.02m ⑩所以Q落地时到滑块P的B端的距离为x=x1+x2=1.2+1.02=2.22（m）【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．.16．如图所示，一半径为R的竖直光滑圆轨道与水平轨道平滑连接，水平轨道上有一轻质弹簧，其左端固定在墙壁上，右端与质量为m、电荷量为+q的小物块（视为质点）接触但不相连，水平轨道AB段光滑，BC段粗糙且其长度L=3R，倾斜轨道CD段粗糙且与BC段平滑连接，倾斜轨道所在区域有水平向右的匀强电场，场强大小E=等手今向左推小物块压缩弹簧至某一位置后静止释放小物块，小物块由AB段进入圆轨道，通过圆轨道后在BC段和CD段上滑动，若小物块与BC段和CD段的动摩擦因数相同，倾斜轨道与水平面间的夹角θ=37°．重力加速度为g，取SIN37°=0.6，cos37°=0.8（1）若小物块恰能通过圆轨道的最高点，求弹簧的弹性势能Ep；（2）若小物块将弹簧压缩到弹性势能P214 3E mgR，释放后小物块在倾斜轨道能到达的最高点为P，在此过程中，小物块的电势能减少了△E p=mgR，求小物块在BC段克服摩擦力所做的功W．【答案】（1）若小物块恰能通过圆轨道的最高点，求弹簧的弹性势能52 mgR；（2）小物块在BC段克服摩擦力所做的功94 mgR．【解析】（1）小物块恰能通过圆轨道的最高点，则小物块重力完全充当向心力，根据牛顿第二定律：mg=m2 v R代入数据得：v根据能量的转化与守恒：E p=mg2R+12mv2=52mgR（2）若弹簧的弹性势能为：E P2=143mgR，在电场中，设小物块在BC段的位移为x，则△E电=qEx cosθ解得x=5 2 R小物块由A到P的全过程，由能量守恒定律，得E P2+△E电=μmgl+μ（mg cosθ+qE sinθ）x+mgx sinθ解得μ=3 4小物块在BC段克服摩擦力所做的功W f=μmgl=94 mgR【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；功的计算；机械能守恒定律．.17．如图所示，边长L=2m的正方形abcd区域（含边界）内，存在着垂直于区域表面向内的匀强磁场，磁感应强度日=0.5t带电平行金属板MN、PQ间形成了匀强电场E（不考虑金属板在其它区域形成的电场）．MN放在ad边上，两板左端肘、P恰在ab边上，两板右端N、Q间有一绝缘挡板EF，EF申间有一小孔O，金属板长度、板间距、挡板长度均为导．在M 和P的中间位置有一离子源s，能够正对孔O不断发射出各种速率的带负电离子，离子的电荷量均为q=1.6×10﹣16C，质量均为m=3.2×1025kg．（不计离子的重力，不考虑离子之间的相互作用，离子打到金属板或挡板上后将不反弹）（1）当电场强度E0=2×105N/C时，求能够袷SO连线穿过孔O的离子的速率v；（2）电场强度取值在一定范围内时，可使沿s o连线穿过O并进入磁场区域的离子直接从bc边射出，求满足条件的电场强度最大值E1及在此种情况下，离子在磁场区域运动的时间t；（3）在电场强度取第（2）问中满足条件的最小值的情况下，紧贴磁场边缘cd的内侧，从c点沿cd方向入射一电荷量分也为q、质量也为m，的带正电离子，要保证磁场中能够发生正、负离子的相向正碰（碰撞时两离子的速度方向恰好相反），求该正离子入射的速率v．【答案】（1）当电场强度E 0=2×105N/C 时，能够沿SO 连线穿过孔O 的离子的速率为4×105m/s ；（2）满足条件的电场强度最大值为1.25×106N/C ，离子在磁场区域运动的时间为7810s 3π-⨯；（3）该正离子入射的速率为5×105m/s ．【解析】（1）能穿过速度选择器的离子洛伦兹力与电场力相等，即：qv 0B=qE ，代入数据解得：v 0=4×105m/s ；（2）穿过O 孔的离子满足：qv B=qE ，离子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：qv B=m 2v r ，解得：E =2qB rm，从bc 边射出的离子其临界轨迹如图中①②所示：对于与轨迹①，半径最大，对应的电场强度值最大，根据图示轨迹①，由几何知识可得：r 1==1m ，解得：E 1max =1.25×106N/C ；由几何知识可知，sin θ=14L L r r-- ，sin θ=12 ，则：θ=30°，粒子在磁场中做圆周运动的周期：T =2m Bqπ ，粒子在磁场中的匀速时间：t =00709030810s 3603T π-+=⨯；（3）当E 取最小值时，离子轨迹如上图②所示，根据图示由几何知识可得：r 2=42L L -，解得：r 2=0.075m ，离子发生正碰，两离子轨迹将内切，如图所示：设从C 进入磁场的离子轨道半径为r ′，速率为v ′，由几何知识得：（r ′﹣r 2）2=r 22+（r ′﹣2L）2，将L 、r 2代入解得：r ′=0.2m ，由牛顿第二定律得：qv ′B=q 2''v r ，代入数据解得：v ′=5×105m/s ；【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动．.。

立体几何易错点

第二篇第二篇易错考点大清查易错考点大清查专题6 6 立体几何立体几何1. 立体图形的截面问题高考对用一平面去截一立体图形所得平面图形的考查实质上对学生空间想象能力及对平面基本定理及线面平行与面面平行的性质定理的考查。

考生往往对这一类型的题感到吃力，实质上高中阶段对作截面的方法无非有如下两种：一种是利有平面的基本定理：一个就是一条直线上有两点在一平面内则这条直线上所在的点都在这平面内和两平面相交有且仅有一条通过该公共点的直线（即交线）（注意该定理地应用如证明诸线共点的方法：先证明其中两线相交，再证明此交点在第三条直线上即转化为此点为两平面的公共点而第三条直线是两平的交线则依据定理知交点在第三条直线；诸点共线：即证明此诸点都是某两平面的共公点即这此点转化为在两平的交线上）据这两种定理要做两平面的交线可在两平面内通过空间想象分别取两组直线分别相交，则其交点必为两平面的公共点，并且两交点的连线即为两平的交线。

另一种方法就是依据线面平行及面面平行的性质定理，去寻找线面平行及面面平行关系，然后根据性质作出交线。

一般情况下这两种方法要结合应用1. 例1已知正三棱柱111ABC A B C -底面边长是10，高是12，过底面一边AB ，作与底面ABC 成060角的截面面积是___________________。

【举一反三】（1）正方体ABCD ABCD——A 1 B 1 C 1 D 1中，中，P P 、Q 、R 、分别是AB AB、、AD AD、、B 1 C 1的中点。

那么正方体的过P 、Q 、R 的截面图形是（）的截面图形是（）（A ）三角形）三角形（（B ）四边形）四边形（（C ）五边形）五边形（（D ）六边形）六边形（（2）在正三棱柱ABC -111A B C 中，P 、Q 、R 分别是BC 、1CC 、11A C 的中点，作出过三点P 、Q 、R 截正三棱柱的截面并说出该截面的形状。

截正三棱柱的截面并说出该截面的形状。

四川省德阳五中2015届高三上学期第三次月考物理试卷 .doc

四川省德阳五中2015届高三上学期第三次月考物理试卷一．选择题，（本题包括11小题，每题4分，共44分．在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确．全部选对的得满分，选不全的得一半的分，有选错或不答的得0分）1．（4分）金属棒MN两端用细软导线连接后，悬挂于a、b两点，且使其水平，棒的中部处于水平方向的匀强磁场中，磁场的方向垂直于金属棒，如图所示．当棒中通有从M流向N的恒定电流时，悬线对棒有拉力．为了减小悬线的拉力，可采用的办法有（）A．适当增大磁场的磁感应强度B．使磁场反向C．适当减小金属棒中的电流强度D．使电流反向2．（4分）在交通事故的分析中，刹车线的长度是很重要的依据．刹车线是指汽车刹车后，停止转动的轮胎在地面上滑动时留下的痕迹．刹车线的长度s既与汽车开始刹车时的速度v 有关，也与汽车轮胎和路面间的动摩擦因数μ有关．图为某种汽车在地面I和地面Ⅱ上刹车时，s与v2的关系图象．若用μ1、μ2分别表示汽车轮胎和地面I、Ⅱ间的动摩擦因数．关于μ1和μ2的大小关系下列判断正确的（）A．μ1＞μ2B．μ1=μ2C．μ1＜μ2D．以上都有可能3．（4分）如图所示，当风水平吹来时，风筝面与水平面成一夹角，人站在地面上拉住连接风筝的细线．则（）A．空气对风筝的作用力方向水平向右B．地面对人的摩擦力方向水平向左C．地面对人的支持力大小等于人和风筝的总重力D．风筝处于稳定状态时拉直的细线可能垂直于风筝面4．（4分）小河宽为d，河水中各点水流速度与各点到较近河岸的距离成正比，v水=kx，k=，x为各点到近岸的距离，小船船头垂直河岸渡河，小船划水速度为v0，则下列说法正确的是（）A．小船渡河的轨迹为直线B．小船垂直河岸方向前进的距离为时，船的实际速度大小为v0C．不能确定小船渡河的时间D．小船垂直河岸方向前进的距离为时，船的实际速度大小为v05．（4分）M、N两颗质量相同的卫星绕地球做匀速圆周运动，其轨道如图所示，已知M卫星的轨道半径大于N卫星的轨道半径，则（）A．M卫星与地球中心连线在相等的时间内转过的角度较大B．M卫星的机械能大于N卫星的机械能C．M卫星的速度变化更快D．M卫星在相同的时间内经过的路程较长6．（4分）将一电荷量为Q的小球甲放在一个事先不带电的金属球乙附近，所形成的电场线分布如图所示，金属球表面的电势处处相等．a、b为电场中的两点，根据图中信息，可判断（）A．a点的场强比b点的大，同时a点的电势也比b点的高甲B．甲球带正电，乙球带Q的负电C．检验电荷﹣q在a点的电势能比在b点的大D．将检验电荷﹣q从a点移到b点的过程中，电场力做正功7．（4分）如图所示，一个电量为+Q的点电荷甲，固定在绝缘水平面上的O点，电量为﹣q、质量为m的点电荷乙从A点以初速度v0沿它们的连线向甲运动，到B点时速度最小且为v．已知静电力常量为k，点电荷乙与水平面的动摩擦因数为μ，AB间距离为L．则下列说法错误的是（）A．O B间的距离为B．从A到B的过程中，电场力对点电荷乙做的功为W=μmgL+mv02﹣mv2C．从A到B的过程中，电场力对点电荷乙做的功为W=μmgL+mv2﹣mv02D．从A到B的过程中，电势能的减少量小于克服摩擦力做的功8．（4分）真空容器中存在竖直向下的匀强电场E和水平方向的匀强磁场B，一质量为m，带电量为q的带电小球以速度v在竖直平面内做半径为R的匀速圆周运动，假设t=0时刻小球在轨迹的最低点且重力势能为零，电势能也为零，那么，下列说法错误的是（）A．小球带负电且顺时针转动B．小球运动过程中机械能守恒，且机械能为E=mv2C．小球运动过程中重力势能随时间的变化关系为E p=mgR（1﹣cos t）D．小球运动过程中电势能随时间的变化关系为E p′=mgR（cos t﹣1）9．（4分）如图所示，在不光滑的平面上，质量相等的两个物体A、B间用一轻弹簧相连接，现用一水平拉力F作用在B上，从静止开始经一段时间后，A、B一起做匀加速直线运动，当它们的总动能为E k时撤去水平力F，最后系统停止运动，从撤去拉力F到系统停止运动的过程中，系统（）A．克服阻力做的功等于系统的动能E kB．克服阻力做的功大于系统的动能E kC．克服阻力做的功可能小于系统的动能E kD．克服阻力做的功一定等于系统机械能的减少量10．（4分）一质量为m的物体静止在水平地面上，在水平拉力F的作用下开始运动，在0～6s内其速度与时间关系图象和拉力的功率与时间关系图象如图所示，取g=10m/s2，下列判断正确的是（）A．拉力F的大小为4N，且保持不变B．物体的质量m为2kgC．0～6s内物体克服摩擦力做功24JD．0～6s内拉力做的功为156J11．（4分）如图所示，在两个电荷量相等的固定点电荷的电场中，AB和CD是两条相互垂直、相交于O点的直线，两个点电荷在其中一条直线上且到另一条直线的距离相等．如果在直线AB上的a点无初速的释放一个重力可以不计的带正电粒子，那么粒子将在直线AB 上的a、b之间做往复运动．已知a、b到O点的距离均为l，两个点电荷到O点的距离均大于l，由此可知（）A．两个点电荷的带电性质可能相反，此时AB表示的是电场线B．两个点电荷的带电性质可能相反，此时CD表示的是电场线C．两个点电荷可能都带正电，此时a、b之间的电势差为零D．两个点电荷可能都带负电，此时两个点电荷在直线CD上二．实验题12．（6分）在如图所示的实验装置中，平行板电容器的极板B与一灵敏静电计相接，极板A接地．将A板上移，静电计指针张角（填“变大”或“变小”）；将A板右移，静电计指针张角（填“变大”或“变小”）；由此得出的实验结论是．13．（11分）要测绘一个标有“3V0.6W”小灯泡的伏安特性曲线，灯泡两端的电压需要由零逐渐增加到3V，并便于操作．已选用的器材有：电池组（电动势为4.5V，内阻约1Ω）；电流表（量程为0～250mA，内阻约5Ω）；电压表（量程为0～3V，内阻约3kΩ）；电键一个、导线若干．①实验中所用的滑动变阻器应选下列中的（填字母代号）．A．滑动变阻器（最大阻值20Ω，额定电流1A）B．滑动变阻器（最大阻值1 750Ω，额定电流0.3A）②请在图1方框内画出满足实验要求的电路图，并把图2所示的实验器材用实线连接成相应的实物电路图．③实验得到小灯泡的伏安特性曲线如图3所示．如果将这个小灯泡接与电动势为1.5V、内阻为1Ω的电源以及一个阻值为4Ω的定值电阻串联形成闭合回路，此时小灯泡消耗的功率是W．三．计算题．本大题共有4个小题，共50分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．14．（10分）我国首个月球探测计划“嫦娥工程”将分三个阶段实施，大约用十年左右时间完成，这极大的提高了同学们对月球的关注程度．以下是某同学就有关月球的知识设计的两个问题，请你解答：（1）若已知地球半径为R，地球表面的重力加速度为g，月球绕地球运动的周期为T，且把月球绕地球的运动近似看做是匀速圆周运动．试求出月球绕地球运动的轨道半径．（2）若某位宇航员随登月飞船登陆月球后，在月球表面某处以速度v0竖直向上抛出一个小球，经过时间t，小球落回到抛出点．已知月球半径为R月，万有引力常量为G．试求出月球的质量M月．15．（13分）如图所示，让小球从一半径为R=2m的光滑圆弧轨道中的C位置由静止释放，运动到最低点D后，进入粗糙的水平面上由D点向右做匀减速运动，到达小孔A进入半径r=0.3m的竖直放置的光滑圆环轨道，当小球进入圆轨道立即关闭A孔．已知两轨道与水平面平滑连接，θ=60°，小球质量为m=0.5kg，D点与小孔A的水平距离s=2m，g取10m/s2．试求：（1）小球在D点对轨道的压力大小；（2）要使小球能进入圆轨道并且不脱离轨道，求粗糙水平面摩擦因数μ的范围．16．（12分）如图所示，倾角为θ的斜面AB是粗糙且绝缘的，AB长为L，C为AB的中点，在AC之间加一方向垂直斜面向上的匀强电场，与斜面垂直的虚线CD为电场的边界．现有一质量为m、电荷量为q的带正电的小物块（可视为质点），从B点开始以速度v0沿斜面向下做匀速运动，经过C点后沿斜面做匀加速运动，到达A点时的速度大小为v，试求：（1）小物块与斜面间的动摩擦因数μ；（2）匀强电场场强E的大小；（3）保持其他条件不变，使匀强电场在原区域内（AC间）顺时针转过90°，求小物块离开电场区时的动能E K大小．17．（14分）足够长的光滑水平面上，叠放在一起的物块A和长薄木板B质量均为m=1kg．当B板右端J通过水平面上C点时，物块A在板的左端且向右速度为v0=2m/s，B板的速度为0．并以此时刻为计时起点．已知J端进入电场之前A、B已达到共同速度，A、B间动摩擦因数μ=0.1，g取10m/s2．B板右端J带q=0.01C的正电荷（可视为点电荷），在宽d=1m的PQ区域内存在方向水平向左的匀强电场，为使B板最终从左侧离开该电场区域，已知A始终没有滑落B板．求：（1）B板右端J端刚进入边界P的速度；（2）在电场强度可能取值范围内，B板右端j处在PQ区域内的时间t与电场强度的关系．（3）若电场强度E=300N/C，B板至少为多长？四川省德阳五中2015届高三上学期第三次月考物理试卷参考答案与试题解析一．选择题，（本题包括11小题，每题4分，共44分．在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确．全部选对的得满分，选不全的得一半的分，有选错或不答的得0分）1．（4分）金属棒MN两端用细软导线连接后，悬挂于a、b两点，且使其水平，棒的中部处于水平方向的匀强磁场中，磁场的方向垂直于金属棒，如图所示．当棒中通有从M流向N的恒定电流时，悬线对棒有拉力．为了减小悬线的拉力，可采用的办法有（）A．适当增大磁场的磁感应强度B．使磁场反向C．适当减小金属棒中的电流强度D．使电流反向考点：安培力．分析：通电导线在磁场中的受到安培力作用，由公式F=BIL求出安培力大小，由左手定则来确定安培力的方向．解答：解：棒的中部处于方向垂直纸面向里的匀强磁场中，棒中通有电流，方向从M流向N，根据左手定则可得，安培力的方向竖直向上，由于此时悬线上有拉力，为了使拉力等于零，则安培力必须增加．所以适当增加电流强度，或增大磁场，故A正确，BCD错误；故选：A点评：学会区分左手定则与右手定则，前者是判定安培力的方向，而后者是判定感应电流的方向．2．（4分）在交通事故的分析中，刹车线的长度是很重要的依据．刹车线是指汽车刹车后，停止转动的轮胎在地面上滑动时留下的痕迹．刹车线的长度s既与汽车开始刹车时的速度v 有关，也与汽车轮胎和路面间的动摩擦因数μ有关．图为某种汽车在地面I和地面Ⅱ上刹车时，s与v2的关系图象．若用μ1、μ2分别表示汽车轮胎和地面I、Ⅱ间的动摩擦因数．关于μ1和μ2的大小关系下列判断正确的（）A．μ1＞μ2B．μ1=μ2C．μ1＜μ2D．以上都有可能考点：匀变速直线运动的图像；牛顿第二定律．专题：运动学中的图像专题．分析：根据汽车刹车后做匀减速直线运动，运用运动学公式找出s与v2的关系表达式，在结合图象运用数学知识解决物理问题．解答：解：汽车刹车后做匀减速直线运动，加速度大小a==μg，根据推论公式得v2=2ax=2μgx，斜率tanθ==，图象Ⅰ的夹角大于图象Ⅱ的夹角，故μ1＜μ2，C正确．故选C．点评：能从图象中获取信息是解决图象问题的关键，在同一个坐标系中要正确比较各个图象表示的运动情况，明确图象斜率的含义，最好能把图象和实际运动想结合起来．3．（4分）如图所示，当风水平吹来时，风筝面与水平面成一夹角，人站在地面上拉住连接风筝的细线．则（）A．空气对风筝的作用力方向水平向右B．地面对人的摩擦力方向水平向左C．地面对人的支持力大小等于人和风筝的总重力D．风筝处于稳定状态时拉直的细线可能垂直于风筝面考点：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：本题的关键是正确对风筝和人受力分析，风筝受到向下的重力、沿绳子方向的拉力以及垂直风筝向上的风力；人受到向下的重力、向上的支持力、绳子的拉力和水平向左的摩擦力，然后用正交分解法根据平衡条件分析即可．解答：解：A、D、设细线与水平面的夹角为α，风力大小为F．先研究风筝，分析受力如图，空气对风筝的作用力方向垂直于风筝的平面，风筝处于稳定状态时拉直的细线不可能垂直于风筝面．故AD错误；根据平衡条件得：B、对该同学分析受力可知，人受到重力、地面的支持力、绳子向右上的拉力和地面对人的摩擦力方向水平向左，故B正确．C、对人和风筝整体研究，竖直方向上有：（M+m）g=N+Fcosβ，β是风筝与水平面之间的夹角；则得：N=（M+m）g﹣Fcosβ＜（M+m）g．故C错误．故选：B点评：对静力学问题关键是正确进行受力分析，注意本题中风力与风筝垂直向上，人受到的摩擦力是静摩擦力，方向水平向左．4．（4分）小河宽为d，河水中各点水流速度与各点到较近河岸的距离成正比，v水=kx，k=，x为各点到近岸的距离，小船船头垂直河岸渡河，小船划水速度为v0，则下列说法正确的是（）A．小船渡河的轨迹为直线B．小船垂直河岸方向前进的距离为时，船的实际速度大小为v0C．不能确定小船渡河的时间D．小船垂直河岸方向前进的距离为时，船的实际速度大小为v0考点：运动的合成和分解．专题：运动的合成和分解专题．分析：将小船的运动分解为沿船头指向和顺水流方向的两个分运动，两个分运动同时发生，互不干扰，与合运动相等效．根据运动的合成来确定初速度与加速度的方向关系，从而确定来小船的运动轨迹；小船垂直河岸渡河时间最短，由位移与速度的比值来确定运动的时间；由水流速度的大小与各点到较近河岸边的距离成正比，来确定水流的速度，再由小船在静水中的运动速度，从而确定小船的渡河速度．解答：解：A、小船的速度为沿船头指向和顺水流方向的两个分运动的分速度的矢量和，而两个分速度垂直，故当顺水流方向的分速度最大时，合速度最大，合速度的方向随顺水流方向的分速度的变化而变化，故小船到达河中心时速度最大，且运动轨迹为曲线，故A错误，B、小船垂直河岸方向前进的距离为时，则水流速度为：v=×=v0，而小船在静水中的速度为v0，所以船的渡河速度为v0，故B正确；C、因小河宽为d，且小船船头垂直河岸渡河，则小船渡河的时间即为t=，故C错误；D、小船到达离河对岸为时，则水流速度为：v=×=v0，而小船在静水中的速度为v0，所以船的渡河速度为v0，故D错误；故选：B．点评：本题关键是当船头与河岸垂直时，渡河时间最短，同时合速度与分速度遵循平行四边形定则，同时注意v=kx公式中的x的含义．5．（4分）M、N两颗质量相同的卫星绕地球做匀速圆周运动，其轨道如图所示，已知M卫星的轨道半径大于N卫星的轨道半径，则（）A．M卫星与地球中心连线在相等的时间内转过的角度较大B．M卫星的机械能大于N卫星的机械能C．M卫星的速度变化更快D．M卫星在相同的时间内经过的路程较长考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．专题：人造卫星问题．分析：抓住卫星做圆周运动的向心力由万有引力提供，列式展开讨论即可．解答：解：根据万有引力提供向心力得：=ma=mω2r=m=A、ω=，M卫星的角速度小于N卫星的角速度，所以M卫星与地球中心连线在相等的时间内转过的角度较小，故A错误；B、卫星从低轨道到高轨道需要克服引力做较多的功，所以M卫星的机械能大于N卫星的机械能，故B正确；C、a=，M卫星的加速度小于N卫星的加速度，所以M卫星的速度变化更慢，故C错误；D、v=，M卫星的线速度小于N卫星的线速度，所以M卫星在相同的时间内经过的路程较短，故D错误；故选：B．点评：卫星做圆周运动的向心力由万有引力提供，列式讨论是解决本题的关键，要能根据题意选择恰当的向心力的表达式．6．（4分）将一电荷量为Q的小球甲放在一个事先不带电的金属球乙附近，所形成的电场线分布如图所示，金属球表面的电势处处相等．a、b为电场中的两点，根据图中信息，可判断（）A．a点的场强比b点的大，同时a点的电势也比b点的高甲B．甲球带正电，乙球带Q的负电C．检验电荷﹣q在a点的电势能比在b点的大D．将检验电荷﹣q从a点移到b点的过程中，电场力做正功考点：电场线；电势．分析：电场线的疏密表示场强的大小；a点所在的电场线从甲出发到不带电的金属球终止，所以甲带正电，a点的电势高于金属球的电势，而b点所在处的电场线从金属球发出到无穷远，所以金属球的电势高于b点的电势；电势越高的地方，负电荷具有的电势能越小．解答：解：A、电场线的疏密表示场强的大小，由图象知a点的电场强度比b点大，a点所在的电场线从Q出发到不带电的金属球终止，所以a点的电势高于金属球的电势，而b点所在处的电场线从金属球发出到无穷远，所以金属球的电势高于b点的电势，即a点的电势比b点的高，故A正确；B、乙球处于静电平衡状态，整体不带电，故B错误；C、电势越高的地方，负电荷具有的电势能越小，即负电荷在a点的电势能较b点小，将检验电荷﹣q从a点移到b点的过程中，电场力做负功．故CD错误；故选：A．点评：该题考查电场线的特点与电场力做功的特点，解题的关键是电场力做正功，电势能减小；电场力做负功，电势能增加．7．（4分）如图所示，一个电量为+Q的点电荷甲，固定在绝缘水平面上的O点，电量为﹣q、质量为m的点电荷乙从A点以初速度v0沿它们的连线向甲运动，到B点时速度最小且为v．已知静电力常量为k，点电荷乙与水平面的动摩擦因数为μ，AB间距离为L．则下列说法错误的是（）A．O B间的距离为B．从A到B的过程中，电场力对点电荷乙做的功为W=μmgL+mv02﹣mv2C．从A到B的过程中，电场力对点电荷乙做的功为W=μmgL+mv2﹣mv02D．从A到B的过程中，电势能的减少量小于克服摩擦力做的功考点：电势能；库仑定律．分析：本题首先要正确分析物体受力特点，明确力和运动的关系，在本题中注意滑动摩擦力的大小方向不变，两球靠近过程中库仑力逐渐增大，小球先减速后加速，根据牛顿第二定律和功能关系可正确解答．解答：解：A、由题意，乙到达B点时速度最小，乙先减速运动后做加速运动，当速度最小时有：mgμ=F库=k，解得r=，故A正确；B、C从A到B的过程中，根据动能定理得：W﹣μmgL=mv2﹣m，得W=μmgL+mv2﹣m，故B错误，C正确．D、根据以上分析可知，电场力做功值小于摩擦力做功值，因此电势能的减少量小于克服摩擦力做的功，故D正确．本题选错误的，故选：B．点评：本题在借助库仑力的基础知识，考查了力与运动、牛顿第二定理、动能定理等基础知识的综合应用，是考查学生综合能力的好题．8．（4分）真空容器中存在竖直向下的匀强电场E和水平方向的匀强磁场B，一质量为m，带电量为q的带电小球以速度v在竖直平面内做半径为R的匀速圆周运动，假设t=0时刻小球在轨迹的最低点且重力势能为零，电势能也为零，那么，下列说法错误的是（）A．小球带负电且顺时针转动B．小球运动过程中机械能守恒，且机械能为E=mv2C．小球运动过程中重力势能随时间的变化关系为E p=mgR（1﹣cos t）D．小球运动过程中电势能随时间的变化关系为E p′=mgR（cos t﹣1）考点：带电粒子在混合场中的运动．专题：带电粒子在复合场中的运动专题．分析：物体做匀速圆周运动，受重力、电场力和洛伦兹力，其中重力和电场力平衡，洛伦兹力提供向心力．解答：解：A、重力与电场力平衡，故电场力向上，由于电场方向向上，故电荷带负电；由于磁场方向垂直向内，根据左手定则可知，顺时针方向转动，故A正确；B、洛伦兹力不做功，只有重力和电场力做功，故只有机械能和电势能相互转化，机械能不守恒，但总量守恒，在最低点时，有E=mv2，故B错误；C、重力势能的表达式为：Ep=mg（R﹣Rcosθ）=mgR（1﹣cosωt）=mgR（1﹣cos t），故C正确；D、电势能和重力势能总量守恒，故电势能为：E p′=﹣E p=﹣mg（R﹣Rcosθ）=﹣mgR（1﹣cosωt）=﹣mgR（1﹣cos t），故D正确；本题选错误的，故选：B．点评：本题关键明确重力和电场力平衡，洛伦兹力提供向心力，然后列式分析求解．9．（4分）如图所示，在不光滑的平面上，质量相等的两个物体A、B间用一轻弹簧相连接，现用一水平拉力F作用在B上，从静止开始经一段时间后，A、B一起做匀加速直线运动，当它们的总动能为E k时撤去水平力F，最后系统停止运动，从撤去拉力F到系统停止运动的过程中，系统（）A．克服阻力做的功等于系统的动能E kB．克服阻力做的功大于系统的动能E kC．克服阻力做的功可能小于系统的动能E kD．克服阻力做的功一定等于系统机械能的减少量考点：功能关系；功的计算．分析：用一水平拉力F作用在B上，在此瞬间，B运动，A由于地面的摩擦力作用保持静止，弹簧被拉长，具有了弹力，根据胡克定律，弹力f=k△x，随△x的增大，弹力越来越大，达到一定程度，克服地面对A的摩擦力，使A开始运动起来，物体A、B组成的系统在拉力F作用下，克服A、B所受摩擦力一起做匀加速直线运动；对AB和弹簧组成的系统来说，它们的总动能为E k时撤去水平力F，系统具有动能和弹簧被拉长的弹性势能，最后系统停止运动，弹性势能和动能都克服摩擦力做了功．根据功能关系因此得解．解答：解：系统克服摩擦力做的功等于系统的动能和弹簧的弹性势能，所以A、C错误，B正确；系统的机械能等于系统的动能加上弹簧的弹性势能，当它们的总动能为E k时撤去水平力F，最后系统停止运动，系统克服阻力做的功一定等于系统机械能的减小量，D正确；故选：BD．点评：此题考查了两个物体被弹簧连接的连接体问题，明白F在拉动B运动时，由于地面的摩擦力，A物体会瞬时不动，从而弹簧就有拉长，存在弹性势能，是解决此题的关键．10．（4分）一质量为m的物体静止在水平地面上，在水平拉力F的作用下开始运动，在0～6s内其速度与时间关系图象和拉力的功率与时间关系图象如图所示，取g=10m/s2，下列判断正确的是（）A．拉力F的大小为4N，且保持不变B．物体的质量m为2kgC．0～6s内物体克服摩擦力做功24JD．0～6s内拉力做的功为156J考点：功的计算；摩擦力的判断与计算．专题：功的计算专题．分析：（1）先根据图象可知物体先做加速后做匀速故可知拉力情况；（2）分段分析，由牛顿第二定律求出质量；（3）由v﹣t图象求出通过的位移，利用W=Fx求出阻力做功，即利用动能定理求出拉力做功即可解答：解：A、在0﹣2s内物体做加速运动，2﹣6s内做匀速运动，由受力分析可知，拉力不恒定，故A错误；B、在2﹣6s内P=Fv，F=，故f=F=4N，在甲图中a=，由牛顿第二定律可知F′﹣f=ma在2s末，P′=F′v联立解得m=2kg，F′=10N，故B正确；C、由图象可知在0﹣6s内通过的位移为x=30m，故摩擦力做功为W f=fx=4×30=120J，故C 错误；D、由动能定理可知W﹣W f=W=，故D正确；故选：BD．点评：本题关键根据速度世间图象得到物体的运动情况，根据运动学公式得到加速度，然后根据牛顿第二定律列式，联立方程组求解．。

四川省德阳市高中高三物理“二诊”考试试题

四川省德阳市高中2015届高三“二诊”考试物理试题考生作答时‘，须将答案答在各科答题卡上（答题注意事项见答题卡），在本试卷、草稿纸上答题无效。

考试结束后，将答题卡交回。

试卷分第I卷和第Ⅱ卷。

（110分）第I卷（选择题共42分）一、选择题（本题包括7小题，每题6分，共42分．在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确．全部选对的得6分，选不全的得3分，有选错或不答的得0分．）1．在物理学的发展过程中，许多物理学家的科学研究推动了人类文明的进程．在对以下几位物理学家所作科学贡献的叙述中，正确的说法是．A．伽利略猜想在自由落体中，物体的运动速度与下落时间成正比，并直接用实验进行了验证B．牛顿应用“理想斜面实验”推翻了亚里士多德的“力是维持物体运动的原因”观点C．麦克斯韦不仅从理论上预见了电磁波，而且还首次用实验证实了电磁波的存在D．爱因斯坦创立的狭义相对论的两个基本假设之一是光速不变原理2．如图所示，扇形AOB为透明柱状介质的横截面，圆心角∠AOB=60o，两束平行于角平分线OM的单色光a和b由OA面射入介质，经OA面折射的光线都相交于M点，其中a光的折射光线恰好平行于OB，以下说法正确的是A．该介质对a光的折射率为23 3B．a光的折射光线不能在AB面发生全反射C．在同一介质中，a光的光速大于b光的光速D．用同一装置进行双缝干涉实验，a光的条纹间距大于b光的条纹间距3．如图所示，两列简谐横波分别沿x轴正方向和负方向．传播，两波源分别位于x= -0．2m 和x=1．2m处，两列波的速度均为v=0．2m/s，两波源的振幅均为A=2cm．图示为t=0时刻两列波的图像（传播方向如图所示），，此时平衡位置处于x=0．2m和x=0．8m的P、Q两质点刚开始振动．质点M的平衡位置处于x=0．5m处，关于各质点运动情况下列判断正确的是A．质点P、Q的起振方向都沿y轴正方向B．t=1．5S时刻，质点P、Q都运动到M点C．t= 2s时刻，质点M的位移为-2cm．D．t =3s时刻，质点M的位移为4cm4．已知某行星的质量是地球质量的p倍，直径是地球直径的q倍．现假设有一艘宇宙飞船在该星球表面附近做匀速圆周运动，则下列判断正确的是A．该行星表面处的重力加速度是地球表面处重力加速度的2pq倍B．该行星的平均密度是地球平均密度的3pq倍C．该行星的第一宇宙速度是地球第一宇宙速度的pq倍D．宇宙飞船绕该行星表面运行时的周期是它绕地球表面运行周期的p·q3倍5．图甲所示的理想变压器原、副线圈匝数比为55:6，图乙是该变压器原线圈两端输入的交变电压u的图像，副线圈中L是规格为“24V,12W"的灯泡，Ro是定值电阻，R是滑动变阻器，图中各电表均为理想交流电表，以下说法正确的是A．流过灯泡L的电流每秒钟方向改变50次B．滑片P向下滑动的过程中，灯泡L能正常发光，A2表示数变小C．滑片P向下滑动的过程中，A1表示数变大，V1表示数不变D．原线圈两端输入电压的瞬时值表达式为u= 220sinl00π·t（V）．6．如图所示, A、B为两块平行金属板’A板带正电荷、B板带负电荷,两板之间存在着匀强电场,两板间距为d、电势差为U, 在B板上开有两个相距为L的小孔M、N、C、D为两块同心半圆形金属板,圆心都在贴近B板的O'处,C带正电、D带负电.两板间的距离很近,两板末端的中心线正对着B板上的小孔,两板间的电场强度可认为大小处处相等，方向都指向O',半圆形金属板两端与B板的间隙可忽略不计．现从正对B板小孔紧靠A板的O处由静止释放一个质量为m、电荷量为q的带正电的粒子（粒子的重力不计），则下列说法中正确的是A．粒子穿过B板小孔MqUmB．当C、D板间的场强大小E=4UL时，粒子能在C、D板间运动而不碰板C．从释放粒子开始，粒子通过小孔N的时间可能是422L mdqUπ⎛+⎝D．从释放粒子开始，粒子通过半圆形金属板最低点P的时间可能是3 642L mdqUπ⎛⎫+⎪⎝⎭7．如图所示，一根长为L=3m的竖直绳子末端挂着一个质量为m=lkg的木块（可视为质点），现给木块一个水平方向的初速度vo =4m/s，使木块开始摆动．当绳子摆到与竖直方向的夹角θ=37o时，绳突然断了，绳断后，木块恰能运动到水平传送带的最左端，且此时速度水平，此后木块在传送带上滑行．已知传送带足够长，正以v'= 1m/s的恒定速度逆时针运行，木块与传送带间的动摩擦因数μ=0.2，不考虑空气阻力和绳的质量，重力加速度g=10m/s2, sin37o=0.6，cos37o=0.8．下列说法中正确的是．A．绳断时木块的速度大小为2m／sB．木块刚好到达传送带最左端时的速度大小为1m／sC．木块在传送带上距传送带左端的最大距离是1. 28mD．木块从滑上传送带到离开传送带的过程中，整个系统因摩擦而产生的热量为3. 38J第Ⅱ卷（非选择题共68分）二、实验题（本大题共2小题，共17分．）8．（6分）为了测量滑块与木板之间的动摩擦因数，有如图所示（a）、（b）两种方案，已知滑块的质量为m，木板处于水平方向．（1）（a）图中要准确测出动摩擦因数，必须要求滑块处于状态．（2）（6）图中无论拉着木板以怎样的速度运动，滑块总处于状态．（3）当某同学采用．（b）图方案测量动摩擦因数，已知拉着木板运动的水平方向的拉力为F1，弹簧秤的示数为F2，则滑块与木板之间的动摩擦因数μ= .9．（11分）某学习小组的同学设计了如图甲所示的电路来测量定值电阻Ro的阻值及某电源的电动势E和内阻r．实验器材有：待测电源（电动势为E，内阻为r），待测电阻Ro，电流表A（量程为0．6A’内阻不计），电阻箱R（0~99．9Ω），单刀单掷开关S1和S2，导线若干．（1）先测电阻Ro的阻值，请将学习小组同学的操作补充完整：先闭合S1和S2，调节电阻箱，读出其示数r1和对应的电流表示数I，然后，使电流表的示数仍为I，读出此时电阻箱的示数r2．则电阻Ro的表达式为Ro= .（2）学习小组同学通过上述操作，测得电阻Ro=9．SΩ，继续测电源的电动势E和内阻r．该小组同学的做法是：闭合S1，断开S2，多次调节电阻箱，读出多组电阻箱示数R和对应的电流表示数I，如下表数据：①请用第1组和第5组数据求出该电源的电动势E= V, r= Ω．②用图像法可以更准确的求出该电源的电动势和内阻，请根据以上数据完善坐标系（标出纵轴所代表的物理量和相对应的刻度），并描点连线．要求所描图线为直线，以便于研究其规律．三、计算题（本大题共有3小题，共51分，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分，有数字计算的题，答案中必须明确写出数字和单位．）10．（15分）一辆质量为m=500kg的快艇（可视为质点），在水平湖面中以v0=6m/s的速度行驶，当行驶至A处时，驾驶员突然发现正前方某处有一障碍物，他迅速采取制动，制动后快艇产生一个持续的与v0方向相反的恒定作用力F，此后快艇速度随时间变化规律如图所示，若运动过程中快艇受到的阻力大小恒定忽略湖水的其它影响，取g=10m/s2，求：（1）快艇产生的恒力F的大小是多少？（2）从施加恒力F开始，当快艇再次回到A处时阻力的功率P为多少711．（1 7分）如图所示，坐标系xOy在竖直平面内，x轴沿水平方向．第二象限有垂直于坐标平面向外的匀强磁场，磁感应强度大小为B1=2185EgLπ⋅;第四象限同时存在着垂直于坐标平面向外的匀强磁场和竖直向下的匀强电场，磁感应强度大小为B2=256EgLπ,电场强度为E（大小未知）．在第二象限内固定一根与x轴成θ= 30o角的绝缘细杆，一个带电小球a穿在细杆上匀速下滑通过O点进入第四象限，在第四象限内做匀速圆周运动且经过x轴上的Q点，已知Q点到坐标原点O的距离为L重力加速度为g，空气阻力忽略不计．求：（1）当带电小球a刚离开O点时，从y轴正半轴的P点以某一初速度水平向右平抛一个不带电的绝缘小球b,b球刚好运动到x轴上Q点与a球相碰，则OP之间的距离h是多少？（2）带电小球a与绝缘细杆的动摩擦因数μ12．（19分）如图所示，表面绝缘、倾角θ= 37o的粗糙斜面固定在水平地面上，斜面的顶端固定有弹性挡板，挡板垂直于斜面，并与斜面底边平行．斜面所在空间有一宽度L=0．4m的匀强磁场区域，其边界与斜面底边平行，磁场方向垂直斜面向上，磁场上边界到挡板的距离s= 1115m．一个质量m=0．2kg、总电阻R=2．5Ω的单匝正方形闭合金属框abcd，其边长L=0．4m，放在斜面的底端，其中ab边与斜面底边重合．线框在垂直cd边沿斜面向上大小恒定的拉力F 作用下，从静止开始运动，经t=0．5s线框的cd边到达磁场的下边界，此时线框的速度v1=3m/s，此后线框匀速通过磁场区域，当线框的ab边离开磁场区域时撤去拉力，线框继续向上运动，并与挡板发生碰撞，碰后线框等速反弹．已知线框在整个运动过程中始终未脱离斜面，且保持ab边与斜面底边平行，线框与斜面之间的动摩擦因数μ=34，重力加速度g=10m/s2，sin37o=0．6,cos37o =0．8．求：（1）线框受到的恒定拉力F的大小；（2）匀强磁场的磁感应强度B的大小；（3）若线框向下运动过程中最后静止在磁场中的某位置，求线框在斜面上运动的整个过程中产生的焦耳热Q．。