2019-2020学年吉林市舒兰市高一下学期期中数学试卷(含答案解析)

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2019-2020学年高一数学下学期期中试题(含解析)_12

2019-2020学年高一数学下学期期中试题(含解析)_12

2019-2020学年高一数学下学期期中试题(含解析)一、单项选择题:本题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.设i为虚数单位,复数z满足,则复数z的共轭复数等于()A. 1-iB. -1-iC. 1+iD. -1+i【答案】B【解析】【分析】利用复数的运算法则解得,结合共轭复数的概念即可得结果.【详解】∵复数满足,∴,∴复数的共轭复数等于,故选B.【点睛】本题考查了复数的运算法则、共轭复数的定义,考查了推理能力与计算能力,属于基础题.2.某单位有职工100人,不到35岁的有45人,35岁到49岁的有25人,剩下的为50岁以上(包括50岁)的人,用分层抽样的方法从中抽取20人,各年龄段分别抽取的人数为()A. 7,5,8B. 9,5,6C. 7,5,9D. 8,5,7【答案】B【解析】【分析】分层抽样按比例分配,即可求出各年龄段分别抽取的人数.【详解】由于样本容量与总体中的个体数的比值为,故各年龄段抽取的人数依次为,,.故选B 【点睛】本题考查分层抽样方法,关键要理解分层抽样的原则,属于基础题.3.已知平面向量,是非零向量,||=2,⊥(+2),则向量在向量方向上的投影为( )A. 1B. -1C. 2D. -2【答案】B【解析】【分析】先根据向量垂直得到(+2),=0,化简得到=﹣2,再根据投影的定义即可求出.【详解】∵平面向量,是非零向量,||=2,⊥(+2),∴(+2),=0,即即=﹣2∴向量在向量方向上的投影为=﹣1,故选B.【点睛】本题主要考查向量投影的定义及求解的方法,公式与定义两者要灵活运用.解答关键在于要求熟练应用公式.4.如图,AB是圆的直径,PA垂直于圆所在的平面,C是圆上一点(不同于A、B)且PA=AC,则二面角P-BC-A的大小为( )A. B. C. D.【答案】C【解析】由条件得:PA⊥BC,AC⊥BC又PA∩AC=C,∴BC⊥平面PAC,∴∠PCA为二面角P-BC-A的平面角.在Rt△PAC中,由PA=AC得∠PCA=45°,故选C.点睛:二面角的寻找主要利用线面垂直,根据二面角定义得二面角的棱垂直于二面角的平面角所在平面.5.在正方体中,为棱的中点,则异面直线与所成角的正切值为A. B. C. D.【答案】C【解析】【分析】利用正方体中,,将问题转化为求共面直线与所成角的正切值,在中进行计算即可.【详解】在正方体中,,所以异面直线与所成角为,设正方体边长为,则由为棱的中点,可得,所以,则故选C.【点睛】求异面直线所成角主要有以下两种方法:(1)几何法:①平移两直线中的一条或两条,到一个平面中;②利用边角关系,找到(或构造)所求角所在的三角形;③求出三边或三边比例关系,用余弦定理求角;(2)向量法:①求两直线的方向向量;②求两向量夹角的余弦;③因为直线夹角为锐角,所以②对应的余弦取绝对值即为直线所成角的余弦值.6.设中边上的中线为,点满足,则()A. B.C. D.【答案】A【解析】【分析】作出图形,利用、表示,然后利用平面向量减法的三角形法则可得出可得出结果.【详解】如下图所示:为的中点,则,,,,故选:A.【点睛】本题考查利用基底表示向量,考查了平面向量减法和加法三角形法则的应用,考查计算能力,属于中等题.7.已知向量,是不平行于轴的单位向量,且,则()A. B. C. D.【答案】B【解析】【分析】设,根据题意列出关于、方程组,求出这两个未知数的值,即可得出向量的坐标.【详解】设,其中,则.由题意得,解得,即.故选:B.【点睛】本题考查向量坐标的求解,根据向量数量积和模建立方程组是解题的关键,考查方程思想的应用以及运算求解能力,属于基础题.8.已知两直线m、n,两平面α、β,且m⊥α,nβ.下面有命题中正确的个数是()①若α//β,则有m⊥n;②若m⊥n,则有α//β;③若m//n,则有α⊥β;④若α⊥β,则有m//n.A. 0B. 1C. 2D. 3【答案】C【解析】【分析】①由条件可知,再判断结论;②由条件判断是否成立;③由条件可知,再判断结论;④根据面面垂直的性质定理判断.【详解】①若,,则,,则,所以①正确;②若,,不能推出,所以不能推出,所以②不正确;③若,,则,又有,所以,所以③正确;④若,,则或,当,不能推出,所以④不正确.故选:C【点睛】本题考查点,线,面位置关系的判断,重点考查想象,推理能力,属于基础题型.二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分.在每小题给出的四个选项中有多项符合题目要求.9.下列各式中结果为零向量的是()A. B.C. D.【答案】AD【解析】【分析】根据向量加法和减法逐一判断选项,得到正确答案.【详解】A.,所有A正确;B.,不正确;C.,不是零向量;D.,所有D正确.故选:AD【点睛】本题考查向量加减法,属于基础题型.10.(多选题)已知集合,其中i为虚数单位,则下列元素属于集合M的是()A. B. C. D.【答案】BC【解析】【分析】根据集合求出集合内部的元素,再对四个选项依次化简即可得出选项.【详解】根据题意,中,时,;时,;时,;时,,.选项A中,;选项B中,;选项C中,;选项D中,.故选:BC.【点睛】此题考查复数的基本运算,涉及复数的乘方和乘法除法运算,准确计算才能得解.11.已知锐角,内角、、的对边分别为,,,若,,则边的可能取值为()A. 2B. 3C. 4D. 5【答案】CD【解析】【分析】由于三角形的正弦定理和正弦函数的值域可得的范围,讨论,结合条件可得所求结论.【详解】在中,,,由可得,由于可得,即有若,则,即,为等边三角形成立;若可得,且,即即为,即有成立.故选:【点睛】本题考查正弦定理与三角函数有界性,考查计算能力,属于中等题型.12.将正方形ABCD沿对角线BD折成直二面角A-BD-C,下列结论正确的是()A. AC⊥BDB. △ACD是等边三角形C. AB与平面BCD成角D. AB与CD所成的角是60°【答案】ABD【解析】【分析】首先画出几何体,由线面垂直的性质定理判断A是否正确;根据直二面角的条件计算的长度,判断是否是等边三角形;根据线面角的定义判断C;由异面直线所成的角转化为相交直线所成的角,取的中点,连结,转化为求或其补角.【详解】A.取的中点,连结,由条件可知,又,所有平面,平面,所有,所以A正确;B.设正方形边长为2,则,且,所有,所以是等边三角形,所以B正确;C.由条件可知平面,所以与平面所成的角为,所以C不正确;D.取的中点,连结,则,则所成的角是或其补角,由以上说明可知,,所以是等边三角形,所以,故AB与CD所成的角是60°,所以D正确.综上可知:ABD正确.故选:ABD【点睛】本题考查线线,线面位置关系,和线面,异面直线所成的角,重点考查推理能力,空间想象能力,属于基础题型.三、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分13.某学校组织学生参加数学测试,成绩的频率分布直方图如图,数据的分组依次是[20,40),[40,60),[60,80),[80,100),则60分为成绩的第__________百分位数.【答案】30【解析】【分析】首先求前两组的频率,根据百分位数的定义直接求结果.【详解】由条件可知前两组的频率是则60分为成绩的第30百分位数.故答案为:30【点睛】本题考查频率分布直方图,重点考查基本概念,属于基础题型.14.已知向量,若与的夹角是锐角,则实数的取值范围为______.【答案】【解析】【分析】由与的夹角为锐角,则,列出不等式解出,要去掉使与同向(与的夹角为0)的的取值.【详解】∵与的夹角为锐角∴,即,解得,当时,与同向,∴实数的取值范围是故答案为:.【点睛】本题考查的知识点是向量数量积的性质及运算律,将夹角转化为数量积与0的关系是解题的关键,属于中档题.15.事件为独立事件,若,则_____.【答案】【解析】【详解】分析:根据独立事件的关系列出方程,解出.详解:设,因,所以所以所以点睛:本题主要考查相互独立事件的概率的乘法公式及对立事件的概率关系,属于中档题.16.如图,-辆汽车在一条水平的公路上向正西行驶到处时测得公路北侧一山顶在北偏西的方向上,仰角为,行驶米后到达处,测得此山顶在北偏西的方向上,仰角为,若,则此山的高度________米,仰角的正切值为________.【答案】 (1). (2).【解析】【分析】设山的高度(米),由题可得:,,(米), ,在中利用正弦定理可得:(米),(米), 在中,由可得:(米),在中,可得:,问题得解.【详解】设山的高度(米),由题可得:,,(米),在中,可得:,利用正弦定理可得:,解得:(米),(米)在中,由可得:(米)在中,可得:【点睛】本题主要考查了利用正弦定理解三角形,还考查了空间思维能力及识图能力,考查转化能力及计算能力,属于中档题.四、解答题:本题共6小题,共70分解答应写出文字说明证明过程或演算步骤.17.如图,平行四边形ABCD中,,,,分别是,的中点,为上一点,且.(1)以,为基底表示向量与;(2)若,,与的夹角为,求.【答案】(1),;(2)【解析】【分析】(1)由题可得:,利用向量的加法法则和减法法则,以及向量的中点表示,即可得到;(2)先求出,再由(1)得到的结论,化简即可得到所求向量的数量积.【详解】(1)∵平行四边形中,,,,是,的中点,,∴,(2)∵,,与的夹角为,∴,∴.【点睛】本题考查了向量的加法,减法法则,考查了向量数量积的运算,属于较易题.18.某中学团委组织了“纪念抗日战争胜利73周年”的知识竞赛,从参加竞赛的学生中抽出60名学生,将其成绩(均为整数)分成六段,,…,后,画出如图所示的部分频率分布直方图.观察图形给出的信息,回答下列问题:(1)求第四组的频率,并补全这个频率分布直方图;(2)估计这次竞赛的及格率(60分及以上为及格)和平均分(同一组中的数据用该组区间的中点值代表)【答案】(1)0.3 (2);71【解析】【分析】(1)利用频率分布直方图中的各组的频率和等于1,求出第四小组的频率,求出纵坐标,补全这个频率分布直方图即可.(2)求出60及以上的分数所在的第三、四、五、六组的频率和;利用组中值估算抽样学生的平均值为各组的中点乘以各组的频率和为平均值.【详解】解:(1)因为各组的频率和等于1,故第四组的频率:,频率分布直方图第四小组的纵坐标是:,则频率分布直方图如下图所示:(2)依题意,60及以上的分数所在的第三、四、五、六组,频率和为,所以,抽样学生成绩的合格率是,利用组中值估算抽样学生的平均分为:,所以估计这次考试的平均分是71.【点睛】本题考查频率分布直方图、等可能事件的概率等.在频率分布直方图中,数据的平均值等于各组的中点乘以各组的频率之和;频率等于纵坐标乘以组距;属于基础题.19.在校体育运动会中,甲乙丙三支足球队进行单循环赛(即每两队比赛一场),共赛三场,每场比赛胜者得3分,负者得0分,没有平局.在每场比赛中,甲胜乙的概率为甲胜丙的概率为乙胜丙的概率为(1)求甲队获第一名且丙队获第二名的概率;(2)求在该次比赛中甲队至少得3分的概率.【答案】(1)(2)【解析】【分析】(1)若满足条件只需甲胜乙,甲胜丙,且丙胜乙,写出概率;(2)甲队至少得3分包含甲队恰得3分,和甲队得6分,根据分值判断获胜情况,求得概率.【详解】(1)若甲队获第一名且丙队获第二名,即甲胜乙,甲胜丙,且丙胜乙,即,即甲队获第一名且丙队获第二名的概率是;(2)当甲队恰得3分,即甲队胜了一场,甲胜乙且丙胜甲,或甲胜丙且乙胜甲,当甲恰得6分,即甲队胜了2场,即,那么该次比赛中甲队至少得3分的概率.【点睛】本题考查对立事件同时发生的概率,重点考查读题,抽象概括能力,属于基础题型,本题的关键是正确理解题意.20.已知的内角的对边分别是,且.(1)求;(2)若,的面积为,求的周长.【答案】(1)(2)【解析】【分析】(1)根据,由二倍角正弦公式得到,然后由正弦定理求解.(2)根据,利用余弦定理,得到,再根据的面积为,得到,两式联立求解.【详解】(1)由,得,由正弦定理,得,由于,所以.因为,所以.(2)由余弦定理,得,又,所以.①又的面积为,即,即,即.②由①②得,则,得.所以的周长为.【点睛】本题主要考查等正弦定理,余弦定理的应用以及二倍角公式,还考查了运算求解的能力,属于中档题.21.如图,已知四棱锥的底面为等腰梯形,,,垂足为,是四棱锥的高.(Ⅰ)证明:平面平面;(Ⅱ)若,60°,求四棱锥的体积.【答案】(Ⅰ)证明见解析;(Ⅱ)【解析】【详解】试题分析:(Ⅰ)因为PH是四棱锥P-ABCD的高.所以AC PH,又AC BD,PH,BD都在平面PHD内,且PHBD=H.所以AC平面PBD.故平面PAC平面PBD.(Ⅱ)因为ABCD为等腰梯形,AB CD,AC BD,AB=.所以HA=HB=.因为APB=ADR=600所以PA=PB=,HD=HC=1.可得PH=.等腰梯形ABCD的面积为S=AC x BD = 2+.所以四棱锥的体积为V=x(2+)x=考点:本题主要考查立体几何中的垂直关系,体积的计算.点评:中档题,立体几何题,是高考必考内容,往往涉及垂直关系、平行关系、角、距离、体积的计算.在计算问题中,有“几何法”和“向量法”.利用几何法,要遵循“一作、二证、三计算”的步骤,利用向量则能简化证明过程.本题(I)较为简单,(II)则体现了“一作、二证、三计算”的解题步骤.22.如图,在四棱锥P-ABCD中,底面ABCD平行四边形,△PCD为等边三角形,平面PAC⊥平面PCD,PA⊥CD,CD=2,AD=3.(1)设G,H分别为PB,AC的中点,求证:GH//平面PAD;(2)求证:⊥平面PCD;(3)求直线AD与平面PAC所成角的正弦值.【答案】(1)证明见解析;(2)证明见解析;(3)【解析】【分析】(1)要证明线面平行,转化为证明线线平行,连结,由题意得,利用中位线证明;(2)要证明线面垂直,根据判断定理可知需垂直于平面内的两条直线,利用面面垂直的性质定理,取棱中点,连结,再证明;(3)连结,由平面,知是直线与平面所成角,由此能求出直线与平面所成角的正弦值.【详解】(1)连结,由题意得,,又由,得,平面,平面,平面.(2)取棱中点,连结,依题意得,又平面平面,平面平面,平面,又平面,,又,,平面.(3)连结,由(2)中平面,知是直线与平面所成角,是等边三角形,,且为中点,,又,在中,.直线与平面所成角的正弦值为.【点睛】本题考查直线与平面平行、直线与平面垂直、平面与平面垂直、直线与平面所成角等基础知识,考查空间想象能力和运算求解能力,属于中档题型.2019-2020学年高一数学下学期期中试题(含解析)一、单项选择题:本题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.设i为虚数单位,复数z满足,则复数z的共轭复数等于()A. 1-iB. -1-iC. 1+iD. -1+i【答案】B【解析】【分析】利用复数的运算法则解得,结合共轭复数的概念即可得结果.【详解】∵复数满足,∴,∴复数的共轭复数等于,故选B.【点睛】本题考查了复数的运算法则、共轭复数的定义,考查了推理能力与计算能力,属于基础题.2.某单位有职工100人,不到35岁的有45人,35岁到49岁的有25人,剩下的为50岁以上(包括50岁)的人,用分层抽样的方法从中抽取20人,各年龄段分别抽取的人数为()A. 7,5,8B. 9,5,6C. 7,5,9D. 8,5,7【答案】B【解析】【分析】分层抽样按比例分配,即可求出各年龄段分别抽取的人数.【详解】由于样本容量与总体中的个体数的比值为,故各年龄段抽取的人数依次为,,.故选B【点睛】本题考查分层抽样方法,关键要理解分层抽样的原则,属于基础题.3.已知平面向量,是非零向量,||=2,⊥(+2),则向量在向量方向上的投影为( )A. 1B. -1C. 2D. -2【答案】B【解析】【分析】先根据向量垂直得到(+2),=0,化简得到=﹣2,再根据投影的定义即可求出.【详解】∵平面向量,是非零向量,||=2,⊥(+2),∴(+2),=0,即即=﹣2∴向量在向量方向上的投影为=﹣1,故选B.【点睛】本题主要考查向量投影的定义及求解的方法,公式与定义两者要灵活运用.解答关键在于要求熟练应用公式.4.如图,AB是圆的直径,PA垂直于圆所在的平面,C是圆上一点(不同于A、B)且PA=AC,则二面角P-BC-A的大小为( )A. B. C. D.【答案】C【解析】由条件得:PA⊥BC,AC⊥BC又PA∩AC=C,∴BC⊥平面PAC,∴∠PCA为二面角P-BC-A的平面角.在Rt△PAC中,由PA=AC得∠PCA=45°,故选C.点睛:二面角的寻找主要利用线面垂直,根据二面角定义得二面角的棱垂直于二面角的平面角所在平面.5.在正方体中,为棱的中点,则异面直线与所成角的正切值为A. B. C. D.【答案】C【解析】【分析】利用正方体中,,将问题转化为求共面直线与所成角的正切值,在中进行计算即可.【详解】在正方体中,,所以异面直线与所成角为,设正方体边长为,则由为棱的中点,可得,所以,则故选C.【点睛】求异面直线所成角主要有以下两种方法:(1)几何法:①平移两直线中的一条或两条,到一个平面中;②利用边角关系,找到(或构造)所求角所在的三角形;③求出三边或三边比例关系,用余弦定理求角;(2)向量法:①求两直线的方向向量;②求两向量夹角的余弦;③因为直线夹角为锐角,所以②对应的余弦取绝对值即为直线所成角的余弦值.6.设中边上的中线为,点满足,则()A. B.C. D.【答案】A【解析】【分析】作出图形,利用、表示,然后利用平面向量减法的三角形法则可得出可得出结果.【详解】如下图所示:为的中点,则,,,,故选:A.【点睛】本题考查利用基底表示向量,考查了平面向量减法和加法三角形法则的应用,考查计算能力,属于中等题.7.已知向量,是不平行于轴的单位向量,且,则()A. B. C. D.【答案】B【解析】【分析】设,根据题意列出关于、方程组,求出这两个未知数的值,即可得出向量的坐标.【详解】设,其中,则.由题意得,解得,即.故选:B.【点睛】本题考查向量坐标的求解,根据向量数量积和模建立方程组是解题的关键,考查方程思想的应用以及运算求解能力,属于基础题.8.已知两直线m、n,两平面α、β,且m⊥α,nβ.下面有命题中正确的个数是()①若α//β,则有m⊥n;②若m⊥n,则有α//β;③若m//n,则有α⊥β;④若α⊥β,则有m//n.A. 0B. 1C. 2D. 3【答案】C【解析】【分析】①由条件可知,再判断结论;②由条件判断是否成立;③由条件可知,再判断结论;④根据面面垂直的性质定理判断.【详解】①若,,则,,则,所以①正确;②若,,不能推出,所以不能推出,所以②不正确;③若,,则,又有,所以,所以③正确;④若,,则或,当,不能推出,所以④不正确.故选:C【点睛】本题考查点,线,面位置关系的判断,重点考查想象,推理能力,属于基础题型.二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分.在每小题给出的四个选项中有多项符合题目要求.9.下列各式中结果为零向量的是()A. B.C. D.【答案】AD【解析】【分析】根据向量加法和减法逐一判断选项,得到正确答案.【详解】A.,所有A正确;B.,不正确;C.,不是零向量;D.,所有D正确.故选:AD【点睛】本题考查向量加减法,属于基础题型.10.(多选题)已知集合,其中i为虚数单位,则下列元素属于集合M的是()A. B. C. D.【答案】BC【解析】【分析】根据集合求出集合内部的元素,再对四个选项依次化简即可得出选项.【详解】根据题意,中,时,;时,;时,;时,,.选项A中,;选项B中,;选项C中,;选项D中,.故选:BC.【点睛】此题考查复数的基本运算,涉及复数的乘方和乘法除法运算,准确计算才能得解. 11.已知锐角,内角、、的对边分别为,,,若,,则边的可能取值为()A. 2B. 3C. 4D. 5【答案】CD【解析】【分析】由于三角形的正弦定理和正弦函数的值域可得的范围,讨论,结合条件可得所求结论.【详解】在中,,,由可得,由于可得,即有若,则,即,为等边三角形成立;若可得,且,即即为,即有成立.故选:【点睛】本题考查正弦定理与三角函数有界性,考查计算能力,属于中等题型.12.将正方形ABCD沿对角线BD折成直二面角A-BD-C,下列结论正确的是()A. AC⊥BDB. △ACD是等边三角形C. AB与平面BCD成角D. AB与CD所成的角是60°【答案】ABD【解析】【分析】度,判断是否是等边三角形;根据线面角的定义判断C;由异面直线所成的角转化为相交直线所成的角,取的中点,连结,转化为求或其补角.【详解】A.取的中点,连结,由条件可知,又,所有平面,平面,所有,所以A正确;B.设正方形边长为2,则,且,所有,所以是等边三角形,所以B正确;C.由条件可知平面,所以与平面所成的角为,所以C不正确;D.取的中点,连结,则,则所成的角是或其补角,由以上说明可知,,所以是等边三角形,所以,故AB与CD所成的角是60°,所以D正确.综上可知:ABD正确.故选:ABD【点睛】本题考查线线,线面位置关系,和线面,异面直线所成的角,重点考查推理能力,空三、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分13.某学校组织学生参加数学测试,成绩的频率分布直方图如图,数据的分组依次是[20,40),[40,60),[60,80),[80,100),则60分为成绩的第__________百分位数.【答案】30【解析】【分析】首先求前两组的频率,根据百分位数的定义直接求结果.【详解】由条件可知前两组的频率是则60分为成绩的第30百分位数.故答案为:30【点睛】本题考查频率分布直方图,重点考查基本概念,属于基础题型.14.已知向量,若与的夹角是锐角,则实数的取值范围为______.【答案】【解析】【分析】由与的夹角为锐角,则,列出不等式解出,要去掉使与同向(与的夹角为0)的的取值.【详解】∵与的夹角为锐角∴,即,解得,当时,与同向,∴实数的取值范围是故答案为:.【点睛】本题考查的知识点是向量数量积的性质及运算律,将夹角转化为数量积与0的关系是解题的关键,属于中档题.15.事件为独立事件,若,则_____.【答案】【解析】【详解】分析:根据独立事件的关系列出方程,解出.详解:设,因,所以所以所以点睛:本题主要考查相互独立事件的概率的乘法公式及对立事件的概率关系,属于中档题.16.如图,-辆汽车在一条水平的公路上向正西行驶到处时测得公路北侧一山顶在北偏西的方向上,仰角为,行驶米后到达处,测得此山顶在北偏西的方向上,仰角为,若,则此山的高度________米,仰角的正切值为________.【答案】 (1). (2).【分析】设山的高度(米),由题可得:,,(米), ,在中利用正弦定理可得:(米),(米), 在中,由可得:(米),在中,可得:,问题得解.【详解】设山的高度(米),由题可得:,,(米),在中,可得:,利用正弦定理可得:,解得:(米),(米)在中,由可得:(米)在中,可得:【点睛】本题主要考查了利用正弦定理解三角形,还考查了空间思维能力及识图能力,考查转化能力及计算能力,属于中档题.四、解答题:本题共6小题,共70分解答应写出文字说明证明过程或演算步骤.17.如图,平行四边形ABCD中,,,,分别是,的中点,为上一点,且.(1)以,为基底表示向量与;(2)若,,与的夹角为,求.【答案】(1),;(2)【解析】(1)由题可得:,利用向量的加法法则和减法法则,以及向量的中点表示,即可得到;(2)先求出,再由(1)得到的结论,化简即可得到所求向量的数量积.【详解】(1)∵平行四边形中,,,,是,的中点,,∴,(2)∵,,与的夹角为,∴,∴.【点睛】本题考查了向量的加法,减法法则,考查了向量数量积的运算,属于较易题.18.某中学团委组织了“纪念抗日战争胜利73周年”的知识竞赛,从参加竞赛的学生中抽出60名学生,将其成绩(均为整数)分成六段,,…,后,画出如图所示的部分频率分布直方图.观察图形给出的信息,回答下列问题:(1)求第四组的频率,并补全这个频率分布直方图;(2)估计这次竞赛的及格率(60分及以上为及格)和平均分(同一组中的数据用该组区间的中点值代表)【答案】(1)0.3 (2);71【分析】(1)利用频率分布直方图中的各组的频率和等于1,求出第四小组的频率,求出纵坐标,补全这个频率分布直方图即可.(2)求出60及以上的分数所在的第三、四、五、六组的频率和;利用组中值估算抽样学生的平均值为各组的中点乘以各组的频率和为平均值.【详解】解:(1)因为各组的频率和等于1,故第四组的频率:,频率分布直方图第四小组的纵坐标是:,则频率分布直方图如下图所示:(2)依题意,60及以上的分数所在的第三、四、五、六组,频率和为,所以,抽样学生成绩的合格率是,利用组中值估算抽样学生的平均分为:,所以估计这次考试的平均分是71.【点睛】本题考查频率分布直方图、等可能事件的概率等.在频率分布直方图中,数据的平均值等于各组的中点乘以各组的频率之和;频率等于纵坐标乘以组距;属于基础题.19.在校体育运动会中,甲乙丙三支足球队进行单循环赛(即每两队比赛一场),共赛三场,每场比赛胜者得3分,负者得0分,没有平局.在每场比赛中,甲胜乙的概率为甲胜丙的概率为乙胜丙的概率为。

2020年吉林省吉林市舒兰市高一(下)期中数学试卷

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期中数学试卷题号一二三总分得分一、选择题(本大题共12小题,共60.0分)1.角α=﹣60°+k•180°(k∈Z)的终边落在()A. 第四象限B. 第一、二象限C. 第一象限D. 第二、四象限2.已知sinα=,则cos(2α-π)=()A. B. C. D.3.在四边形ABCD中,=,=﹣4,=﹣5,那么四边形ABCD的形状是()A. 矩形B. 平行四边形C. 梯形D. 以上都不对4.已知tan,则的值为()A. B. C. 4 D.5.已知向量=(1,λ),=(1,0),=(8,4).若λ为实数,(),则λ=()A. -2B. 2C. 5D. 86.要得到函数y=cos(2x-2)的图象,只要将函数y=sin2x的图象()A. .向左平移个单位B. 向右平移1-个单位C. 向左平移1-个单位D. 向右平移1个单位7.设非零向量与的夹角是,且||=||,则的最小值为()A. B. C. D. 18.已知函数f(x)=2x sin(x),θ∈(-)是奇函数,则θ的值为()A. B. C. D.9.已知函数f(x)=-2sin(3x+φ)(0<φ<2π),若()是f(x)的一个单调递增区间,则φ的值为()A. B. -π C. - D. π10.已知△ABC为等边三角形,AB=2.设点P,Q满足=,=(1-λ),λ∈R.若=-6,则λ等于()A. -1B. 2C. -1或2D. 1或-211.角A,B,C是△ABC三内角,且满足sin C sin A=A cos C,则sin A+sin B的最大值是()A. 2B.C.D.12.对任意两个非零的平面向量和,定义=.若平面向量,满足||≥||>0,与的夹角θ∈(0,),且和都在集合{|n∈Z}中,则=()A. 1,,B. 1,,C. 2,,D. ,,二、填空题(本大题共4小题,共20.0分)13.定义域在R上的函数f(x)既是奇函数又是周期函数,若f(x)的最小正周期是π,且当x∈[0,]时,f(x)=-4sin2x,则f()的值为______.14.如图,在矩形ABCD中,AB=,BC=2,点E为BC的中点,点F在直线CD上.若=-2,则的值为______.15.在△ABC中,角A,B,C所对的边分别为a,b,c,已知=(cos,sin),=(cos,sin),且满足||=.则∠A=______.16.设α为第四象限的角,若=,则cos2α-sin2α=______.三、解答题(本大题共6小题,共70.0分)17.设两向量,满足||=,||=2,,的夹角为45°.若向量2t与向量的夹角为钝角,求实数t的取值范围.18.在平面直角坐标系中,O为坐标原点,已知向量=(2,1),A(1,0),B(cosθ,t).(1)若∥,且||=||,求向量的坐标;(2)若,求y=cos2θ-cosθ+t2的最小值.19.已知函数f(x)=sin(2x+)+sin(2x-)+2cos2x-1,x∈R.(1)求函数f(x)的最小正周期;(2)求函数f(x)在区间[]上的最大值和最小值.20.已知A,B,C的坐标分别为A(3,0),B(0,3),C(cos α,sin α),α∈(0,2π).(1)若=,求角α的值;(2)若•=0,求的值.21.函数f(x)=2sin(ωx+φ)(ω>0,﹣<φ<)的部分图象如图所示.(1)求f(x)的解析式.(2)若不等式|f(x)﹣m|<3,对任意x∈[]恒成立,求实数m的取值范围.22.已知函数f(x)=(a+2cos2x)cos(2x+θ)为奇函数,且f()=0,其中a∈R,θ∈(0,π).(1)求a,θ的值;(2)若f()=-,α∈(,π),求sin(α+)的值.答案和解析1.【答案】D【解析】【分析】本题考查了象限角,属于基础题.将k分偶数,奇数讨论,结合终边相同的角求解即可.【解答】解:角α=﹣60°+k•180°(k∈Z)当k为偶数时,令k=2n(n∈Z),α=-60°+n•360°,在第四象限;当k为奇数时,令k=2n+1(n∈Z),α=120°+n•360°,在第二象限;综上,角α=﹣60°+k•180°(k∈Z)的终边落在第二、四象限.故选:D.2.【答案】A【解析】解:由sin,得cos(2α-π)=-co s2α=2sin2α-1=,故选:A.直接利用诱导公式和倍角公式cos(2α-π)=-cos2α=2sin2α-1,即可求解.本题考查:诱导公式和倍角公式.主要考察学生的运算能力和转换能力,属于基础题型.3.【答案】C【解析】解:∵=++=-8-6,∴=2.∴AD∥BC,且AB≠CD,∴四边形ABCD是梯形.故选:C.由=++=-8-6,可得=2.即可得出结论.本题考查了向量的线性运算、梯形的定义,考查了推理能力与计算能力,属于基础题.4.【答案】D【解析】解:由于:tan,所以:=,故选:D.化简,再利用切化弦的方法求解即可.本题考查三角函数切化弦的求值问题,难点在于分母要化成弦的2次式的形态.主要考察学生的运算能力和转换能力,属于基础题型.5.【答案】D【解析】解:;∵;∴;∴λ=8.故选:D.可求出,根据即可得出,进行数量积的坐标运算即可求出λ.考查向量垂直的充要条件,向量减法、数乘和数量积的坐标运算.6.【答案】B【解析】解:将函数y=sin2x=cos(-2x)=cos(2x-)=cos2(x-)的图象向右平移1-个单位,可得y=cos2(x-1+-)=cos(2x-2)的图象,可得,故选:B.由题意利用诱导公式,函数y=A sin(ωx+φ)的图象变换规律,得出结论.本题主要考查诱导公式、三角函数图象的平移问题,难点在于平移时要一步一步进行平移,属于基础题.7.【答案】B【解析】解:∵||=||,∴=++2,即=-2=-2||||cos=||||,∴||=||=||.∴=-||2,∴()2===(t-1)2+,∴当t=-1时,取得最小值=.故选:B.对||=||两边平方化简得出||=||,计算的平方,得到只含t的二次函数,然后利用二次函数的特性来求出最值.本题考查平面向量的综合运用,解题的关键点在于把的化成只含有t为自变量的二次函数形态,进而求最值.8.【答案】B【解析】解:f(x)为奇函数,可对x=,则有:,,由于:-f()=f(-),所以:,化简得.解得:故选:B.利用奇函数的特性构造等式关系,为方便计算可对x取特殊值,最后根据θ的范围即可求出答案.本题考查三角函数的奇偶性问题,解题关键点在于利用函数的奇偶性构造等式进行运算,为方便运算,可对x选择方便运算的值进行求解.9.【答案】D【解析】解:当x∈()时,,∵()是f(x)的一个单调递增区间,∴(k∈Z),∴(k∈Z),∵0<φ<2π,∴ϕ=(2k-1)π,k∈Z,∴故选:D.利用函数的单调性,先求出3x+φ的范围,然后再把这个范围放到正弦函数的单调增区间内,即可求解.本题考查正弦函数的单调性问题,解题关键点在于求出3x+φ的范围,属基础题.10.【答案】C【解析】解:以BC为x轴,以BC边上的高为y轴建立平面直角坐标系,则A(0,),B(-1,0),C(1,0),∴=(-1,-),=(1,-),故=(-λ,-λ),=(1-λ,-),∴P(-λ,λ),Q(1-λ,),∴=(2-λ,),=(-λ-1,),∴=(2-λ)(-λ-1)+()=-2λ2+2λ-2=-6,解得λ=-1或λ=2.故选:C.建立坐标系,用λ表示出各点坐标,根据=-6列方程解出λ的值.本题考查平面向量的数量积运算,建系转化为坐标运算是常用方法,属于中档题.11.【答案】B【解析】解:角A,B,C是△ABC三内角,且满足sin C sin A=A cos C,由于:sin A≠0,则:,解得:C=,=,=故选:B.先求出∠C=,利用,得出,进而利用合一定理即可求出sin A+sin B的最大值.本题考查三角函数的恒等变换问题,解题关键点在于利用合一定理即可求出sin A+sin B 的最大值.主要考察学生的运算能力和转换能力,属于基础题型.12.【答案】D【解析】解:==∈{|n∈Z},==∈{|n∈Z}.又由||≥||>0,可设m∈z,t∈z,则=,=,得cos2θ=∈,对m,t进行赋值即可得出:<mt<9,∴mt=7,或mt=8,可对m取4,7,8三个值即可求出的值为:,,.故选:D.==∈{|n∈Z},同理可得=∈{|n∈Z}.可设m∈z,t∈z,=,=,得cos2θ=∈,对m,t进行赋值即可得出:<mt<9,进而得出结论.本题考查了向量数量积新定义迁移题目及其应用、集合性质,考查了推理能力与计算能力,属于中档题.13.【答案】2【解析】解:∵f(x)是定义在R上的奇函数,周期为π,且时,f(x)=-4sin2x;∴=.故答案为:.根据条件可得出,然后根据x∈[0,]时,f(x)=-4sin2x即可求出,从而得出的值.考查奇函数和周期函数的定义,以及已知函数求值的方法.14.【答案】-2【解析】解:以A为原地,以AB,AD为轴建立平面直角坐标系,则A(0,0),B(,0),E(,1),设F(m,2),则=(,0),=(m,2),=(,1),=(m-,2),∴=m=-2,故m=-,∴=(m-)+2=-4+2=-2.故答案为:-2.建立平面坐标系,根据=-2得出F的坐标,再计算的值本题考查向量的线性运算和四则运算,解题关键点在于通过向量的线性运算转化为合适的向量,再进行求解运算.15.【答案】【解析】解:由||=得,++2=3,即1+1+2(cos cos+sin sin)=3,∴cos cos+sin sin=,即cos A=,∵0<A<π,∴A=.故答案为:.对式子||=两边平方,化简可得cos A=,从而得出A的大小.本题考查向量的模与三角函数问题,属于综合题,解题的关键在于对向量的模进行转化运算.16.【答案】【解析】解:,=1+2cos2α-2sin2α,=1+2cos2α,=,所以:,由于α为第四象限的角,所以:4kπ+3π≤2α≤4kπ+4π(k∈Z),,所以:答案:.化简,化简得,进而求出cos2α,再判断2α的所在的象限,求出sin2α,即可得到答案.本题考查三角函数的倍角公式和象限角问题,使用倍角公式求值,再利用诱导公式求解即可.17.【答案】解:由已知得:2=2,2=4,==2,∴(2t)•()=2t+(2t2+6)+6t2=4t2+28t+12.令4t2+28t+12<0,解得:<t<,设2t+6=λ(+t)(λ<0),∴,解得t=-,λ=-2,此时,向量2t与向量的夹角为π.∴当两向量夹角为钝角时,t的取值范围是(,-)∪(-,).【解析】用t表示出向量2t与向量的数量积,令其小于零解得t的范围,再排除掉两向量方向相反时对应的t的值即可.本题考查了平面向量的数量积的运算,属于中档题.18.【答案】解:(1)=(cosθ-1,t).∵∥,且||=||,∴,化为cosθ=0,t=-.∴.(2)∵,∴cosθ-1-2t=0.∴cosθ=1+2t∈[-1,1],解得t∈[-1,0].∴y=cos2θ-cosθ+t2=(1+2t)2-(1+2t)+t2=5t2+2t=,∵t∈[-1,0],∴当t=-时,y取得最小值-.【解析】(1)利用向量共线定理、模的计算公式即可得出;(2)利用向量共线定理、二次函数的单调性即可得出.本题考查了向量共线定理、模的计算公式、二次函数的单调性,考查了计算能力,属于基础题.19.【答案】解:(1)∵f(x)=sin2x•cos+cos2x•sin+sin2x•cos-cos2x•sin+cos2x=sin2x+cos2x=sin(2x+),∴函数f(x)的最小正周期T==π.(2)∵函数f(x)在区间[]上是增函数,在区间[,]上是减函数,又f(-)=-1,f()=,f()=1,∴函数f(x)在区间[]上的最大值为,最小值为-1.【解析】(1)利用正弦函数的两角和与差的公式与辅助角公式将f(x)=sin(2x+)+sin(2x-)+2cos2x-1化为f(x)=sin(2x+),即可求得函数f(x)的最小正周期;(2)可分析得到函数f(x)在区间[]上是增函数,在区间[,]上是减函数,从而可求得f(x)在区间[]上的最大值和最小值.本题考查三角函数中的恒等变换应用,着重考查正弦函数的两角和与差的公式与辅助角公式的应用,考查正弦函数的性质,求得f(x)=sin(2x+)是关键,属于中档题.20.【答案】解:(1)∵=(cosα-3,sinα),=(cosα,sinα-3).∴||==,||==,∴sinα=cosα,又α∈(0,2π),∴α=或;(2)由•=0,知:(cosα-3)cosα+(sinα-3)sinα=0.∴sinα+cosα=,∴2sinα•cosα=-,又α∈(0,2π),∴α∈(,)或α∈(,2π).若α∈(,),则sinα-cosα==.联立,解得sinα=,cosα=,tanα=.∴==;若α∈(,2π),则sinα-cosα=-.联立,解得sinα=,cosα=,tanα=.∴==.【解析】(1)由已知求出的坐标,再由=列式求角α的值;(2)由•=0,可得sinα+cosα=,结合α的范围分别求得sinα,cosα的值,则的值可求.本题考查平面向量数量积的性质及其应用,考查计算能力,属中档题.21.【答案】解:(1)因为,所以,所以ω=2,又因为φ=(k∈Z),且-<φ<,故f(x)=.(2)由(1)知,当时,,所以:,即:-1,又对任意,函数|f(x)-m|<3等价于恒成立,,即,故m的取值范围是().【解析】本题考查的图象与性质,属于中档题.(1)利用,求出T、ω,再代点求出φ即可;(2)由,得,|f(x)-m|<3等价于,最后求出m的取值范围.22.【答案】解:(1)f()=-(a+1)sinθ=0,∵θ∈(0,π).∴sinθ≠0,∴a+1=0,即a=-1∵f(x)为奇函数,∴f(0)=(a+2)cosθ=0,∴cosθ=0,θ=.(2)由(1)知f(x)=(-1+2cos2x)cos(2x+)=cos2x•(-sin2x)=-,∴f()=-sinα=-,∴sinα=,∵α∈(,π),∴cosα==-,∴sin(α+)=sinαcos+cosαsin=.【解析】(1)把x=代入函数解析式可求得a的值,进而根据函数为奇函数推断出f(0)=0,进而求得cosθ,则θ的值可得.(2)利用f()=-和函数的解析式可求得sin,进而求得cos,进而利用二倍角公式分别求得sinα,cosα,最后利用两角和与差的正弦公式求得答案.本题主要考查了同角三角函数关系,三角函数恒等变换的应用,函数奇偶性问题.综合运用了所学知识解决问题的能力.。

2019-2020年高一下学期期中数学试卷 含解析

2019-2020年高一下学期期中数学试卷 含解析

2019-2020年高一下学期期中数学试卷含解析一、选择题(本大题共12个小题,每小题4分,共48分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的)1.一枚硬币连掷三次至少出现一次正面的概率为()A. B. C. D.2.从12个同类产品(其中10个是正品,2个是次品)中任意抽取3个的必然事件是()A.3个都是正品B.至少有1个是次品C.3个都是次品D.至少有1个是正品3.某公司xx~xx年的年利润x(单位:百万元)与年广告支出y(单位:百万元)的统计资料如表所示:年份xx xx xx xx xx xx利润x 12.2 14.6 16 18 20.4 22.3支出y 0.62 0.74 0.81 0.89 1 1.11根据统计资料,则()A.利润中位数是16,x与y有正线性相关关系B.利润中位数是18,x与y有负线性相关关系C.利润中位数是17,x与y有正线性相关关系D.利润中位数是17,x与y有负线性相关关系4.程序框图如图所示:如果输入x=5,则输出结果为()A.325 B.109 C.973 D.2955.用“更相减损术”求98和63的最大公约数,要做减法的次数是()A.3次B.4次C.5次D.6次6.从一堆苹果中任取10只,称得它们的质量如下(单位:克)125 120 122 105 130 114 116 95 120 134,则样本数据落在[114.5,124.5)内的频率为()A.0.2 B.0.3 C.0.4 D.0.57.从学号为1号至50号的高一某班50名学生中随机选取5名同学参加数学测试,采用系统抽样的方法,则所选5名学生的学号可能是()A.1,2,3,4,5 B.5,15,25,35,45C.2,4,6,8,10 D.4,13,22,31,408.给出以下四个问题:①输入一个正数x,求它的常用对数值;②求面积为6的正方形的周长;③求三个数a,b,c中的最大数;④求函数的函数值.其中不需要用条件语句来描述其算法的有()A.1个B.2个C.3个D.4个9.向顶角为120°的等腰三角形ABC(其中AC=BC)内任意投一点M,则AM小于AC的概率为()A. B. C. D.10.某大学共有本科生5000人,其中一、二、三、四年级的人数比为4:3:2:1,要用分层抽样的方法从所有本科生中抽取一个容量为200的样本,则应抽取三年级的学生人数为()A.80 B.40 C.60 D.2011.阅读如图所示的程序框图,运行相应的程序,则程序运行后输出的结果为()A.7 B.9 C.10 D.1112.甲袋中装有3个白球和5个黑球,乙袋中装有4个白球和6个黑球,现从甲袋中随机取出一个球放入乙袋中,充分混合后,再从乙袋中随机取出一个球放回甲袋中,则甲袋中白球没有减少的概率为()A. B. C. D.二、填空题(本大题共4小题,每小题4分,共16分,把答案填在答题卷的横线上.)13.把xx转化为二进制数为.14.如图是某学校抽取的n个学生体重的频率分布直方图,已知图中从左到右的前3个小组的频率之比为1:2:3,第3小组的频数为18,则n的值是.15.用秦九韶算法求多项式:f(x)=1+x+2x2+3x3+4x4+5x5+7x7在x=2的值时,v3的值为.16.日前,广佛肇城际轨道已开通投入运营,假设轻轨列车每15分钟一班,在车站停2分钟,则乘客到达站台能立即上车的概率是.三、解答题(本大题共6小题,共56分,解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.)17.若二进制数100y011和八进制数x03相等,求x+y的值.18.(1)函数,编写出求函数的函数值的程序(使用嵌套式);(2)“求的值.”写出用基本语句编写的程序(使用当型).19.在某幼儿园的美术课上,老师带领小朋友用水彩笔为本子上两个大小不同的气球涂色,要求一个气球只涂一种颜色,两个气球分别涂不同的颜色.小朋友豆豆可用的有暖色系水彩笔红色、橙色各一支,冷色系水彩笔绿色、蓝色、紫色各一支.(1)豆豆从他可用的五支水彩笔中随机取出两支按老师要求给气球涂色,求两个气球同为冷色的概率.(2)一般情况下,老师发出开始指令到涂色活动全部结束需要10分钟,豆豆至少需要2分钟完成该项任务.老师发出开始指令1分钟后随时可能来到豆豆身边查看涂色情况.求当老师来到豆豆身边时,豆豆已经完成任务的概率.20.已知集合A=[﹣2,2],B=[﹣1,1],设M={(x,y)|x∈A,y∈B},在集合M内随机取出一个元素(x,y).(1)求以(x,y)为坐标的点落在圆x2+y2=1内的概率;(2)求以(x,y)为坐标的点到直线x+y=0的距离不大于的概率.21.运行如图所示的程序框图,当输入实数x的值为﹣1时,输出的函数值为2;当输入实数x的值为3时,输出的函数值为7.(Ⅰ)求实数a,b的值;并写出函数f(x)的解析式;(Ⅱ)求满足不等式f(x)>1的x的取值范围.22.为调查我校学生的用电情况,学校后勤部门组织抽取了100间学生宿舍某月用电量调查,发现每间宿舍用电量都在50度到350度之间,其频率分布直方图如图所示.(1)为降低能源损耗,节约用电,学校规定:每间宿舍每月用电量不超过200度时,按每度0.5元收取费用;超过200度,超过部分按每度1元收取费用.以t表示某宿舍的用电量(单位:度),以y表示该宿舍的用电费用(单位:元),求y与t的函数关系式?(2)求图中月用电量在(200,250]度的宿舍有多少间?(3)在直方图中,以各组的区间中点值代表该组的各个值,宿舍用电量落入该区间的频率作为宿舍用电量取该区间中点值的频率(例如:若t∈[150,200),则取t=175,且t=175发生的频率等于落入[150,200)的频率),试估计我校学生宿舍的月均用电费用.xx学年湖南省娄底市高一(下)期中数学试卷参考答案与试题解析一、选择题(本大题共12个小题,每小题4分,共48分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的)1.一枚硬币连掷三次至少出现一次正面的概率为()A. B. C. D.【考点】n次独立重复试验中恰好发生k次的概率.【专题】计算题.【分析】本题是一个等可能事件的概率,试验发生包含的事件是将一枚硬币连续抛掷三次共有23=8种结果,满足条件的事件的对立事件是三枚硬币都是反面,有1种结果,根据对立事件的概率公式得到结果【解答】解:由题意知本题是一个等可能事件的概率,试验发生包含的事件是将一枚硬币连续抛掷三次共有23=8种结果,满足条件的事件的对立事件是三枚硬币都是反面,有1种结果,∴至少一次正面向上的概率是1﹣=,故选A.【点评】本题考查等可能事件的概率,本题解题的关键是对于比较复杂的事件求概率时,可以先求对立事件的概率.2.从12个同类产品(其中10个是正品,2个是次品)中任意抽取3个的必然事件是()A.3个都是正品B.至少有1个是次品C.3个都是次品D.至少有1个是正品【考点】随机事件.【分析】任意抽取3个一定会发生的事:最少含有一个正品,根据题目条件选出正确结论,分清各种不同的事件是解决本题的关键.【解答】解:任意抽取3个一定会发生的事:最少含有一个正品,故选D【点评】我们学过的事件的定义:随机事件:在一定条件下可能发生也可能不发生的事件;必然事件:在一定条件下必然发生的事件;不可能事件:在一定条件下不可能发生的事件.3.某公司xx~xx年的年利润x(单位:百万元)与年广告支出y(单位:百万元)的统计资料如表所示:年份xx xx xx xx xx xx利润x 12.2 14.6 16 18 20.4 22.3支出y 0.62 0.74 0.81 0.89 1 1.11根据统计资料,则()A.利润中位数是16,x与y有正线性相关关系B.利润中位数是18,x与y有负线性相关关系C.利润中位数是17,x与y有正线性相关关系D.利润中位数是17,x与y有负线性相关关系【考点】变量间的相关关系;众数、中位数、平均数.【专题】计算题.【分析】求出利润中位数,而且随着利润的增加,支出也在增加,故可得结论.【解答】解:由题意,利润中位数是=17,而且随着利润的增加,支出也在增加,故x与y有正线性相关关系故选C.【点评】本题考查变量间的相关关系,考查中位数,解题的关键是理解正线性相关关系,属于基础题.4.程序框图如图所示:如果输入x=5,则输出结果为()A.325 B.109 C.973 D.295【考点】程序框图.【专题】计算题;数形结合;定义法;算法和程序框图.【分析】方法一:分析程序中各变量、各语句的作用,再根据流程图所示的顺序,可知:该程序的作用是利用循环计算变量x的值,并输出.模拟程序的运行,用表格对程序运行过程中各变量的值进行分析,不难得到输出结果.方法二:由程序框图可知:此问题相当于先求出满足以下条件:数列{a n}的a1=5,a n+1=3a n﹣2,要求其通项公式第一次大于或等于200时即输出其值.【解答】解:方法一:程序在运行过程中各变量的值如下表示:x 是否继续循环循环前5/第一圈13 是第二圈37 是第三圈109 是第四圈325 否故最后输出的x值为325,方法二:由序框图可知:此问题相当于先求出满足以下条件数列的通项公式,数列{a n}的a1=5,a n+1=3a n﹣2,当a n≥200时,即输出a n.∵a n+1=3a n﹣2,∴a n+1﹣1=3(a n﹣1),∵a1﹣1=5﹣1=4≠0,∴数列{a n}是以4为首项,3为公比的等比数列,∴an﹣1=4×3n﹣1,∴an=4×3n﹣1+1,令4×3n﹣1+1≥200,解得n≥5.故当n=5时,输出的x应是4×34+1=325.选:A.【点评】根据流程图(或伪代码)写程序的运行结果,是算法这一模块最重要的题型,其处理方法是::①分析流程图(或伪代码),从流程图(或伪代码)中即要分析出计算的类型,又要分析出参与计算的数据(如果参与运算的数据比较多,也可使用表格对数据进行分析管理)⇒②建立数学模型,根据第一步分析的结果,选择恰当的数学模型③解模.5.用“更相减损术”求98和63的最大公约数,要做减法的次数是()A.3次B.4次C.5次D.6次【考点】用辗转相除计算最大公约数.【专题】计算题;算法和程序框图.【分析】我们根据“以较大的数减较小的数,接着把所得的差与较小的数比较,并以大数减小数.继续这个操作,直到所得的减数和差相等为止.”的原则,易求出98和63的最大公约数.统计减法次数可得答案.【解答】解:用“更相减损术”求98和63的最大公约数,98﹣63=35,63﹣35=28,35﹣28=7,28﹣7=21,21﹣7=14,14﹣7=7,共需要6次减法运算,故选:D【点评】本题考查的知识点是最大公因数和更相减损术,更相减损术的方法和步骤是:以较大的数减较小的数,接着把所得的差与较小的数比较,并以大数减小数.继续这个操作,直到所得的减数和差相等为止.6.从一堆苹果中任取10只,称得它们的质量如下(单位:克)125 120 122 105 130 114 116 95 120 134,则样本数据落在[114.5,124.5)内的频率为()A.0.2 B.0.3 C.0.4 D.0.5【考点】频率分布表.【专题】计算题.【分析】从所给的十个数字中找出落在所要求的范围中的数字,共有4个,利用这个频数除以样本容量,得到要求的频率.【解答】解:∵在125 120 122 105 130 114 116 95 120 134十个数字中,样本数据落在[114.5,124.5)内的有116,120,120,122共有四个,∴样本数据落在[114.5,124.5)内的频率为=0.4,故选C【点评】本题考查频率分布表,频数、频率和样本容量三者之间的关系是知二求一,这种问题会出现在选择和填空中,有的省份也会以大题的形式出现,把它融于统计问题中.7.从学号为1号至50号的高一某班50名学生中随机选取5名同学参加数学测试,采用系统抽样的方法,则所选5名学生的学号可能是()A.1,2,3,4,5 B.5,15,25,35,45C.2,4,6,8,10 D.4,13,22,31,40【考点】系统抽样方法.【专题】概率与统计.【分析】计算系统抽样的抽取间隔,由此可得答案.【解答】解:系统抽样的抽取间隔为=10,由此可得所选5名学生的学号间隔为10,由此判定B正确,故选:B.【点评】本题考查了系统抽样方法,熟练掌握系统抽样方法的特征是解题的关键.8.给出以下四个问题:①输入一个正数x,求它的常用对数值;②求面积为6的正方形的周长;③求三个数a,b,c中的最大数;④求函数的函数值.其中不需要用条件语句来描述其算法的有()A.1个B.2个C.3个D.4个【考点】条件语句;设计程序框图解决实际问题.【专题】阅读型.【分析】对于选项①,②值,代入相应的公式求即可,对于选项③,④值域代入相应的公式时需要分类讨论,故要用到条件语句来描述其算法.【解答】解:对于①输入一个正数x,求它的常用对数值,代入lgx求即可;对于②,求面积为6的正方形的周长,代入a2求即可;对于③,求三个数a,b,c中的最大数,必须先进行大小比较,要用条件语句;对于④,求函数的函数值,必须对所给的x进行条件判断,也要用条件语句.其中不需要用条件语句来描述其算法的有2个.故选B.【点评】本题考查算法适宜用条件结构的问题,是在解决时需要讨论的问题.属于基础题.9.向顶角为120°的等腰三角形ABC(其中AC=BC)内任意投一点M,则AM小于AC的概率为()A. B. C. D.【考点】几何概型.【专题】数形结合;定义法;概率与统计.【分析】根据几何概型的概率公式求出满足条件的区域对应的面积即可得到结论.【解答】解:若AM小于AC,则M位于阴影部分,∵∠C=120°,∴∠A=30°,则三角形ABC的面积为S△ABC==×AC2=AC2,扇形的面积S=AC2=πAC2,则对应的概率P===,故选:B.【点评】本题主要考查几何概型的概率的计算,根据条件求出对应区域的面积是解决本题的关键.10.某大学共有本科生5000人,其中一、二、三、四年级的人数比为4:3:2:1,要用分层抽样的方法从所有本科生中抽取一个容量为200的样本,则应抽取三年级的学生人数为()A.80 B.40 C.60 D.20【考点】分层抽样方法.【专题】计算题.【分析】要用分层抽样的方法从该系所有本科生中抽取一个容量为200的样本,根据一、二、三、四年级的学生比为4:3:2:1,利用三年级的所占的比例数除以所有比例数的和再乘以样本容量即得抽取三年级的学生人数.【解答】解:∵要用分层抽样的方法从该系所有本科生中抽取一个容量为200的样本,一、二、三、四年级的学生比为4:3:2:1,∴三年级要抽取的学生是=40,故选B.【点评】本题考查分层抽样方法,本题解题的关键是看出三年级学生所占的比例,本题也可以先做出三年级学生数和每个个体被抽到的概率,得到结果.11.阅读如图所示的程序框图,运行相应的程序,则程序运行后输出的结果为()A.7 B.9 C.10 D.11【考点】程序框图.【专题】计算题;整体思想;定义法;推理和证明.【分析】算法的功能是求S=0+lg+lg+lg+…+lg的值,根据条件确定跳出循环的i值.【解答】解:由程序框图知:算法的功能是求S=0+lg+lg+lg+…+lg的值,∵S=lg+lg+…+lg=lg>﹣1,而S=lg+lg+…+lg=lg<﹣1,∴跳出循环的i值为9,∴输出i=9.故选:B【点评】本题考查了循环结构的程序框图,根据框图的流程判断算法的功能是解题的关键.12.甲袋中装有3个白球和5个黑球,乙袋中装有4个白球和6个黑球,现从甲袋中随机取出一个球放入乙袋中,充分混合后,再从乙袋中随机取出一个球放回甲袋中,则甲袋中白球没有减少的概率为()A. B. C. D.【考点】古典概型及其概率计算公式.【专题】概率与统计.【分析】白球没有减少的情况有:①抓出黑球,抓入任意球,概率是:.抓出白球,抓入白球,概率是,再把这2个概率相加,即得所求.【解答】解:白球没有减少的情况有:①抓出黑球,抓入任意球,概率是:.抓出白球,抓入白球,概率是=,故所求事件的概率为=,故选C .【点评】本题考查古典概型及其概率计算公式的应用,属于基础题.二、填空题(本大题共4小题,每小题4分,共16分,把答案填在答题卷的横线上.) 13.把xx 转化为二进制数为 11111100000(2) .【考点】进位制.【专题】计算题;转化思想;转化法;算法和程序框图.【分析】利用“除k 取余法”是将十进制数除以2,然后将商继续除以2,直到商为0,然后将依次所得的余数倒序排列即可得到答案.【解答】解:xx ÷2=1008 01008÷2=504 0504÷2=252 0252÷2=126 0126÷2=63 063÷2=31 (1)31÷2=15 (1)15÷2=7 (1)7÷2=3 (1)3÷2=1 (1)1÷2=0 (1)故xx (10)=11111100000(2)故答案为:11111100000(2)【点评】本题考查的知识点是十进制与其它进制之间的转化,其中熟练掌握“除k 取余法”的方法步骤是解答本题的关键,属于基础题.14.如图是某学校抽取的n 个学生体重的频率分布直方图,已知图中从左到右的前3个小组的频率之比为1:2:3,第3小组的频数为18,则n 的值是 48 .【考点】频率分布直方图.【专题】应用题;概率与统计.【分析】根据频率和为1,求出前3个小组的频率和以及第3小组的频率,再求样本容量n的值.【解答】解:根据频率分布直方图,得从左到右的前3个小组的频率和为:1﹣(0.0375+0.0125)×5=0.75;又这三组频率之比为1:2:3,∴第3小组的频率为×0.75=0.375,且对应的频数为18,∴样本容量n==48.故答案为:48.【点评】本题考查了频率分布直方图的应用问题,也考查了频率=的应用问题,是基础题目.15.用秦九韶算法求多项式:f(x)=1+x+2x2+3x3+4x4+5x5+7x7在x=2的值时,v3的值为70.【考点】秦九韶算法.【专题】算法和程序框图.【分析】根据秦九韶算法先别多项式进行改写,然后进行计算即可.【解答】解:根据秦九韶算法,把多项式改成如下形式解:f(x)=7x7+0x6+5x5+4x4+3x3+2x2+x+1=((((((7x+0)x+5)x+4)x+3)x+2)x+1)x+1 当x=2时,v1=7×2+0=14,v2=14×2+5=33,v3=33×2+4=70,故答案为:70【点评】本题主要考查秦九韶算法的应用,根据秦九韶算法的步骤把多项式进行改写是解决本题的关键.16.日前,广佛肇城际轨道已开通投入运营,假设轻轨列车每15分钟一班,在车站停2分钟,则乘客到达站台能立即上车的概率是.【考点】几何概型.【专题】计算题;方程思想;综合法;概率与统计.【分析】本题是一个几何概型,试验发生包含的事件是轻轨列车每15分钟一班,共有15分钟,满足条件的事件是乘客到达站台立即乘上车,只有2分钟,根据概率等于时间长度之比,得到结果.【解答】解:由题意知本题是一个几何概型,试验发生包含的事件是轻轨列车每15分钟一班,共有15分钟满足条件的事件是乘客到达站台立即乘上车,只要2分钟,记“乘客到达站台立即乘上车”为事件A,∴事件A发生的概率P=,故答案为:.【点评】本题是一个等可能事件的概率,概率之比是时间长度之比,是一个不能列举出的事件数,是一个几何概型,注意解题的格式.三、解答题(本大题共6小题,共56分,解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.)17.若二进制数100y011和八进制数x03相等,求x+y的值.【考点】进位制.【专题】计算题;规律型;分类讨论;转化思想;算法和程序框图.【分析】直接利用进位制运算法则化简求解即可.【解答】解:100y011=1×26+y×23+1×2+1=67+8y,x03=x×82+3=64x+3,∴67+8y=64x+3,∵y=0或1,x可以取1、2、3、4、5、6、7,y=0时,x=1;y=1时,64x=72,无解;∴x+y=1.【点评】本题考查进位制的应用,函数与方程思想的应用,考查计算能力.18.(1)函数,编写出求函数的函数值的程序(使用嵌套式);(2)“求的值.”写出用基本语句编写的程序(使用当型).【考点】绘制简单实际问题的流程图.【专题】算法和程序框图.【分析】(1)根据题目已知中分段函数的解析式,根据分类标准,设置两个选择语句的并设置出判断的条件,再由函数各段的解析式,确定判断条件的“是”与“否”分支对应的操作,由此即可编写满足题意的程序.(2)这是一个累加求和问题,共99项相加,可设计一个计数变量,一个累加变量,用循环结构实现这一算法.【解答】解:(1)INPUT“x=”;xIF x>=0 and x<=4 THENy=2*xELSE IF x<=8 THENy=8ELSEy=2*(12﹣x)END IFEND IFPRINT yEND …(2).S=0K=1DOs=s+1/k(k+1)k=k+1LOOP UNTIL k>99PRINT sEND …【点评】本题考查了设计程序框图解决实际问题,(1)主要考查编写程序解决分段函数问题.(2)主要考查利用循环结构进行累加.19.在某幼儿园的美术课上,老师带领小朋友用水彩笔为本子上两个大小不同的气球涂色,要求一个气球只涂一种颜色,两个气球分别涂不同的颜色.小朋友豆豆可用的有暖色系水彩笔红色、橙色各一支,冷色系水彩笔绿色、蓝色、紫色各一支.(1)豆豆从他可用的五支水彩笔中随机取出两支按老师要求给气球涂色,求两个气球同为冷色的概率.(2)一般情况下,老师发出开始指令到涂色活动全部结束需要10分钟,豆豆至少需要2分钟完成该项任务.老师发出开始指令1分钟后随时可能来到豆豆身边查看涂色情况.求当老师来到豆豆身边时,豆豆已经完成任务的概率.【考点】列举法计算基本事件数及事件发生的概率;简单线性规划.【专题】概率与统计.【分析】(1)由题意得到两个气球共20种涂色方案,其中有6种全冷色方案.由此能求出两个气球同为冷色的概率为;(2)老师发出开始指令起计时,设豆豆完成任务的时刻为x,老师来到豆豆身边检查情况的时刻为y,利用几何概率能求出老师来到豆豆身边时豆豆完成任务的概率.【解答】答案:(1)如下表格,假设非同冷色为1,同为冷色为2,红色橙色绿色蓝色紫色红色0 1 1 1 1橙色1 0 1 1 1绿色1 1 0 2 2蓝色1 1 2 0 2紫色1 1 2 2 0易知两个气球共20种涂色方案,其中有6种全冷色方案,故所求概率为:.(2)老师发出开始指令起计时,设豆豆完成任务的时刻为x,老师来到豆豆身边检查情况的时刻为y,则由题有…式①,若当老师来到豆豆身边时豆豆已经完成任务,则…式②,如图所示,所求概率为几何概型,阴影部分(式②)面积为×(10﹣2)×(10﹣2)=32,可行域(式①)面积为(10一1)×(10﹣2)=72,所求概率为.【点评】本题考查概率的求法,是中档题,解题时要认真审题,注意可行域的合理运用.20.已知集合A=[﹣2,2],B=[﹣1,1],设M={(x,y)|x∈A,y∈B},在集合M内随机取出一个元素(x,y).(1)求以(x,y)为坐标的点落在圆x2+y2=1内的概率;(2)求以(x,y)为坐标的点到直线x+y=0的距离不大于的概率.【考点】几何概型.【专题】概率与统计.【分析】(1)画出区域,其面积表示所有基本事件,此圆x2+y2=1的面积表示满足条件的基本事件,所求为面积比;(2)由以(x,y)为坐标的点到直线x+y=0的距离不大于,求出x,y满足的关系,得到区域面积,求面积比.【解答】解:(1)由题意,画出区域,如图,所求概率满足几何概型,所以所求为圆的面积与矩形面积比,所以以(x,y)为坐标的点落在圆x2+y2=1内的概率为;(2)由以(x,y)为坐标的点到直线x+y=0的距离不大于,所以,即|x+y|≤1,满足条件的事件是图中阴影部分,所以以(x,y)为坐标的点到直线x+y=0的距离不大于的概率为.【点评】本题考查了几何概型的概率求法,关键是将所求的概率利用基本事件的集合度量即区域的长度或者面积或者体积表示,求比值.21.运行如图所示的程序框图,当输入实数x的值为﹣1时,输出的函数值为2;当输入实数x的值为3时,输出的函数值为7.(Ⅰ)求实数a,b的值;并写出函数f(x)的解析式;(Ⅱ)求满足不等式f(x)>1的x的取值范围.【考点】程序框图.【专题】综合题;算法和程序框图.【分析】(I)算法的功能是求f(x)=的值,根据输入实数x的值为﹣1时,输出的函数值为2;当输入实数x的值为3时,输出的函数值为7求得a、b;(II)分别在不同的段上求得函数的值域,再求并集.【解答】解:(Ⅰ)由程序框图知:算法的功能是求f(x)=的值,∵输入x=﹣1<0,输出f(﹣1)=﹣b=2,∴b=﹣2.∵输入x=3>0,输出f(3)=a3﹣1=7,∴a=2.∴.(Ⅱ)由(Ⅰ)知:①当x<0时,f(x)=﹣2x>1,∴;②当x≥0时,f(x)=2x﹣1>1,∴x>1.综上满足不等式f(x)>1的x的取值范围为或x>1}.【点评】本题借助考查选择结构程序框图,考查了分段函数求值域,解题的关键是利用程序框图求得分段函数的解析式.22.为调查我校学生的用电情况,学校后勤部门组织抽取了100间学生宿舍某月用电量调查,发现每间宿舍用电量都在50度到350度之间,其频率分布直方图如图所示.(1)为降低能源损耗,节约用电,学校规定:每间宿舍每月用电量不超过200度时,按每度0.5元收取费用;超过200度,超过部分按每度1元收取费用.以t表示某宿舍的用电量(单位:度),以y表示该宿舍的用电费用(单位:元),求y与t的函数关系式?(2)求图中月用电量在(200,250]度的宿舍有多少间?(3)在直方图中,以各组的区间中点值代表该组的各个值,宿舍用电量落入该区间的频率作为宿舍用电量取该区间中点值的频率(例如:若t∈[150,200),则取t=175,且t=175发生的频率等于落入[150,200)的频率),试估计我校学生宿舍的月均用电费用.【考点】频率分布直方图.【专题】应用题;概率与统计.【分析】(1)按分段函数求出宿舍的用电费用函数;(2)利用频率=,计算对应的频数即可;(3)利用频率分布直方图估算我校学生宿舍的月均用电费用是多少.【解答】解:(1)根据题意,得;当0≤t≤200时,用电费用为y=0.5x;当t>200时,用电费用为y=200×0.5+(t﹣200)×1=t﹣100;综上:宿舍的用电费用为y=;(2)∵月用电量在(200,250]度的频率为50x=1﹣(0.0060+0.0036+0.0024+0.0024+0.0012)×50=1﹣0.0156×50=0.22,∴月用电量在(200,250]度的宿舍有100×0.22=22(间);(3)估计我校学生宿舍的月均用电费用为75×0.0024×50+125×0.0036×50+175×0.0060×50+225×0.22+275×0.0024×50+325×0.0012×50=186(度).【点评】本题考查了频率分布直方图的应用问题,也考查了利用直方图求平均数的应用问题,是基础题目.。

2019—2020学年第二学期期中考试高一数学试题(含答案)

2019—2020学年第二学期期中考试高一数学试题(含答案)

2019—2020学年第二学期期中考试高一数学试题一、单项选择题:(本题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.)1.在中,已知,则角为( )A .A .C .D .或2.若向量,,且,则( ) A . B .C .D . 3.复数的共轭复数为( )A .B .C .D .4.设两个单位向量,的夹角为,则( ) A .CD .5.已知一条边在x 轴上的正方形的直观图是一个平行四边形,此平行四边形中有一边长为4,则原正方形的面积是( )A .16B . 16或64 C. 64 D .以上都不对6.若实数,,满足,则的值是( ) A .2B .-3C .D.17.在中,若,则的形状是( ) A .等腰直角三角形 B.直角三角形C .等腰三角形D .等边三角形8.已知(,为虚数单位),则“”是“为纯虚数”的( ) A .充分不必要条件 B .必要不充分条件 C .充分必要条件D .既不充分也不必要条件二、多项选择题:(本题共4小题,每小题5分,共20分.在每小题给出的选项中,有多项符合题目要求.全部选对的得5分,部分选对的得3分,有选错的得0分.)9.给出下列结论,则结论正确的为( )A .若向量,,且,则B .,,与的夹角为,则ABC △222a b c bc =++A 2π3π3π6π32π3(3,2)=a (1,)m =-b ∥a b m =23-233232-()2019i 12i z =--2i -2i +2i --2i -+a b 2π334+=a b 17x y ()()1i 1i 2x y ++-=xy 2-ABC △2cos sin sin B A C ⋅=ABC △221(32)i z m m m =-+-+m ∈R i 1m =-z (1,3)=a (2,)x =b ∥a b 6x =||2=a ||4=b a b 60°|2|+=a bC .向量,,m.n=0则 D .已知向量,,则与的夹角为 10.下列命题中,不正确的是( ) A .两个复数不能比较大小;B .若,则当且仅当且时,为纯虚数;C .,则;D .若实数与对应,则实数集与纯虚数集一一对应.11.在中,角的对边分别为,若,且,,则的面积为( ) A .3B .C .D .12.对于两个复数,,则下列说法正确的是( )A .B .C .D .第Ⅱ卷三、填空题:本大题共4小题,每小题5分,共20分.13.已知复数,,且是实数,则实数等于 .14.如图,在斜度一定的山坡上的一点测得山顶上一建筑物顶端对于山坡的斜度为,向山顶前进后,又从点测得斜度为,假设建筑物高,设山对于平地的斜度,则 .(,2)x =m (4,2)x =+n 23x =-=a =b a b π6i(,)z a b a b =+∈R 0a =0b ≠z 221223()()0z z z z -+-=123z z z ==a i a ABC △,,A B C ,,a b c cos cos a A b B =2c =3sin 5C =ABC △231361α=-+122β=--1αβ=2αβ=||2||αβ=337αβ-=134i z =+2i z t =+12z z ×t A C 15︒100m B 45︒50m θcos θ=15.用一张4×8(cm 2)的矩形硬纸卷成圆柱的侧面,则该圆柱的表面积等于-------------------16.在中角,,的对边分别是,,,且,,若,则的最小值为 .四·解答题:(本大题共6大题,共70分,解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤)17.(10分)已知关于的方程有实根,求这个实数根以及实数的值.18. (12分)如图,组合体下面是一个直三棱柱.△A 1B 1C 1为等腰直角三角形,BC =CE =2.上面是一个三棱锥,且AA 1⊥底面A 1B 1C 1,且AE =A1E =3,求组合体的表面积和体积.19.(12分)已知复数,m是实数,根据下列条件,求值.(1)是实数; (2)是虚数; (3)是纯虚数; (4).ABC△A B C a b c sin sin sin sin sin 3a Ab B cC B C +-=a =[1,3]b ∈c x 2(2i)2i 0x k x k ++++=k 22(232)(2)i z m m m m =+-++-m z z z 0z =20.(12分)在中,角所对的边分别为,且.(1)求角的大小;(2)若,求的周长的取值范围. 21.(12分)已知a =(1,2),b =(-3,1). (1)求a -2b;(2)设a,b 的夹角为θ,求cos θ的值;(3)若向量a +k b 与a -k b 互相垂直,求实数k 的值.22.(12分)已知向量,,且.(1)求及;(2)若的最小值为,求实数的值.高一数学答案一.AACCB DCC二.9.ACD 10,ACD 11,AC 12,BCD17.(12分)已知关于的方程有实根,求这个实数根以及实数的值.【答案】方程的实根为或值为或.【解析】设是方程的实数根,代入方程并整理得,由复数相等的条件得,解得或∴方程的实根为,相应的值为或.ABC△,,A B C ,,a b c222sin sin sin sin sinA C A CB +-=B ABC △ABC △33(cos ,sin )22x x =a (cos ,sin )22x x =-b π[0,]2x ∈⋅a b +a b ()2f x λ=⋅-+a b a b 32-λx 2(2i)2i 0x k x k ++++=k x =x =k k =-k =0x 2000(2)(2)i 0x kx x k ++++=20002020x kx x k ⎧++=⎨+=⎩0x k ⎧=⎪⎨=-⎪⎩0x k ⎧=⎪⎨=⎪⎩x =x =k k =-k =18.19.(10分)已知复数,,根据下列条件,求值.(1)是实数; (2)是虚数; (3)是纯虚数; (4).【答案】(1)或;(2)且;(3);(4). 【解析】(1)当,即或时,为实数. (2)当,即且时,为虚数.(3)当,解得,即时,为纯虚数.(4)令,解得,即时,.20.(12分)在中,角所对的边分别为,且.22(232)(2)i z m m m m =+-++-m R Îm z z z 0z =2m =-1m =2m ≠-1m ≠12m =2m =-220m m +-=2m =-1m =z 220m m +-≠2m ≠-1m ≠z 22232020m m m m ⎧+-=⎨+-≠⎩12m =12m =z 22232020m m m m ⎧+-=⎨+-=⎩2m =-2m =-0z =ABC △,,A B C ,,a b c 222sin sin sin sin sin A C A C B +-=(1)求角的大小;(2)若,求的周长的取值范围. 【答案】(1);(2).【解析】(1)由题意,由正弦定理得,,,即,又∵,. (2)由(1)知,且外接圆的半径为,,解得, 由正弦定理得,又,, 21.(10分)已知a =(1,2),b =(-3,1).(1)求a -2b;(2)设a,b 的夹角为θ,求cos θ的值; (3)若向量a +k b 与a -k b 互相垂直,求k 的值.【答案】(1)(7,0),(2)-√5050.(3)k=±√22.【解析】(1)a -2b =(1,2)-2(-3,1)=(1+6,2-2)=(7,0). (2)cos θ=a ·b|a |·|b |=√2√2=-√5050.(3)因为向量a +k b 与a -k b 互相垂直, 所以(a +k b)·(a -k b)=0,即a 2-k 2b 2=0,因为a 2=5,b 2=10,所以5-10k 2=0,解得k=±√22.B ABC △ABC △π3B =(5+⎤⎦222sin sin sin sin sin A C A C B +-=222a c acb +-=222a b b ac +-=222122a b b ac +-=1cos 2B =()0,πB ∈π3B =π3B =323=⨯5b =2sin sin a c A C ===sin )a c A C +=+2π3A C +=2ππsin()]10sin()336a c A A A +=+-=+22.(12分)已知向量,,且. (1)求及;(2)若的最小值为,求的值. 【答案】(1),;(2). 【解析】(1)由已知可得, , ,,.(2)由(1)得,,.①当时,当且仅当时,取得最小值,这与已知矛盾; ②当,当且仅当时,取得最小值,由已知可得,解得;③当时,当且仅当时,取得最小值, 由已知可得,解得,与矛盾, 综上所得,. 为锐角三角形,且, 又,得,,, 33(cos ,sin )22x x =a (cos ,sin )22x x =-b π[0,]2x ∈⋅a b +a b ()2f x λ=⋅-+a b a b 32-λcos2x ⋅=a b 2cos x +=a b 12λ=33coscos sin sin cos 22222x xx x x ⋅=⋅-⋅=ab +===a b π[0,]2x ∈Q cos 0x ∴≥2cos x ∴+=a b 222()cos 24cos 2cos 4cos 12(cos )12f x x x x x x λλλλ=-=--=---π[0,]2x ∈Q 0cos 1x ≤≤0λ<cos 0x =()f x 1-01λ≤≤cos x λ=()f x 12λ--23122λ--=-12λ=1λ>cos 1x =()f x 14λ-3142λ-=-58λ=1λ>12λ=ABC △π02A <<π02C <<2π3C A =-ππ62A <<πsin()62A +∈(a c +∈⎤⎦故的周长的取值范围是.ABC△(5+⎤⎦。

2019-2020学年吉林省舒兰一中高一(下)期中数学试卷(含解析)

2019-2020学年吉林省舒兰一中高一(下)期中数学试卷(含解析)

2019-2020学年吉林省舒兰一中高一(下)期中数学试卷一、单选题(本大题共12小题,共60.0分) 1. 若sin(π2+θ)=45,则cos2θ的值为( )A. 725B. −725C. 2425D. −24252. 已知某扇形的半径是5,面积是25,则此扇形的圆心角的弧度数是( )A. 1B. 3C. 4D. 23. 已知向量a ⃗ =(1,2),b⃗ =(−1,x ),若a ⃗ 与b ⃗ 的夹角是钝角,则 ( ) A. x ∈(0,12)B. x ∈(−∞,12) C. x ∈(−∞,−2)∪(−2,12)D. x ∈(12,+∞)4. 设,,在中,正数的个数是A.B.C.D.5.sin40°⋅sin80°cos40∘+cos60∘=( )A. −√22B. −12C. √22D. 126. 在△ABC 中,角A ,B ,C 的对边分别为a ,b ,c ,其中向量m ⃗⃗⃗ =(a 2,b 2),n⃗ =(tan A,tanB),且m⃗⃗⃗ //n ⃗ ,那么△ABC 一定是( ) A. 锐角三角形 B. 直角三角形C. 等腰三角形D. 直角三角形或等腰三角形7. 已知a =tan(−7π6),b =cos234π,c =sin(−334π),则a ,b ,c 的大小关系是( )A. a >c >bB. a >b >cC. b >c >aD. b >a >c8. 为了得到函数的图像,只要把函数图象上所有的点( )A. 向左平行移动个单位长度B. 向右平行移动个单位C. 向左平行移动个单位长度D. 向右平行移动个单位9. 函数f(x)=Asin(ωx +φ)(A >0,ω>0,0<φ<π)的图象如图所示,则f(x)=( )A. 2sin(2x +π3) B. 2sin(2x +2π3) C. 2sin(2x +5π6) D. 2sin(2x +π6)10. 已知单位向量a ⃗ ,b ⃗ 满足a ⃗ ⋅(a ⃗ −2b ⃗ )=2,则向量a ⃗ 与b ⃗ 的夹角为( )A. 120°B. 90°C. 60°D. 30°11. 在△ABC 中,动点P 满足|CA ⃗⃗⃗⃗⃗ |2=|CB ⃗⃗⃗⃗⃗ |2−2AB ⃗⃗⃗⃗⃗ ⋅CP⃗⃗⃗⃗⃗ ,则P 点的轨迹一定通过△ABC 的( ) A. 外心B. 内心C. 重心D. 垂心12. 若函数满足,且时,,函数,则函数在区间内的零点的个数为A. 6B. 7C. 8D. 9二、单空题(本大题共4小题,共20.0分)13. 设a ⃗ =(1,2),b ⃗ =(−1,x),若a ⃗ //b ⃗ ,则x = ______ . 14. 已知tanα=3,则sinα−cosα2sinα+cosα的值为______.15. 在△ABC 中,AB =2,BC =3,∠ABC =π3,AD 为BC 边上的高,E 为AD 的中点,CE ⃗⃗⃗⃗⃗ =λAB ⃗⃗⃗⃗⃗ +μBC ⃗⃗⃗⃗⃗ ,则λ+μ的值为______.16. 将f(x)=2x −a2x 的图象向右平移2个单位后得曲线C 1,将函数y =g(x)的图象向下平移2个单位后得曲线C 2C 2,C 1与C 2关于x 轴对称,若F(x)=f(x)a+g(x)的最小值为m 且m >2+√7,则实数a 的取值范围为______.三、解答题(本大题共6小题,共72.0分)17. 已知a ⃗ =(3,−4),b ⃗ =(2,x),c ⃗ =(2,y),且a ⃗ //b ⃗ ,a⃗ ⊥c ⃗ ,求: (1)b ⃗ ⋅c ⃗ ; (2)b ⃗ 、c⃗ 的夹角; (3)|b ⃗ +c ⃗ |18. (1)计算:cos 4π8−cos 43π8−cos 45π8−cos 47π8的值.(2)化简:sin25°−cos15°cos80°sin65°+sin15°sin10°.19. .已知函数f(x)=cosx(sinx +cosx)−0.5.(1)若0<β<90°,sinβ=0.6,求f(β). (2)求f(x)的单调增区间.20. 已知e ⃗ 1,e ⃗ 2是两个不共线的向量,AB ⃗⃗⃗⃗⃗ =e ⃗ 1+e ⃗ 2,CB ⃗⃗⃗⃗⃗ =−λe ⃗ 1−8e ⃗ 2,CD ⃗⃗⃗⃗⃗ =3e ⃗ 1−3e ⃗ 2,若A 、B 、D 三点在同一条直线上,求实数λ的值.21.f(x)=√3sinx−cosx,求:(1)求周期、振幅;(2)求f(x)在区间[0,π]上的值域.22.已知向量a⃗=(sinx,sinx),b⃗ =(cosx,sinx)(x∈R),若函数f(x)=a⃗⋅b⃗ .(1)求f(x)的最小正周期;],求f(x)的最大值及相应的x值;(2)若x∈[0,π2(3)若x∈[0,π],求f(x)的单调递减区间.【答案与解析】1.答案:A解析:解:由题意,∵sin(π2+θ)=45∴cosθ=45∴sin 2θ= 1−cos2θ=925∴cos2θ=cos2θ−sin2θ=725故选:A.根据条件,先求角的余弦,进而利用平方关系可求正弦,从而可求二倍角.本题以三角函数为载体,考查诱导公式,考查二倍角公式,属于中档题.2.答案:D解析:解:设扇形圆心角的弧度数为α,半径为r,由于扇形的半径为5,面积为25,则扇形面积为S=12αr2=12α×52=25,解得:α=2.故选:D.半径为r的扇形圆心角的弧度数为α,则它的面积为S=12αr2,由此结合题中数据,建立关于圆心角的弧度数α的方程,解之即得该扇形的圆心角的弧度数.本题主要考查了扇形的面积公式的应用,属于基础题.3.答案:C解析:本题考查了向量的夹角、向量的数量积,考查向量的共线,属于基础题.根据a⃗与b⃗ 的夹角是钝角,可以得到a⃗·b⃗ <0,特别要注意的是a⃗与b⃗ 不共线,从而确定x的范围.解:由a⃗与b⃗ 的夹角是钝角可得,a⃗·b⃗ <0且a⃗与b⃗ 不共线.∵a⃗=(1,2),b⃗ =(−1,x),∴a⃗·b⃗ =−1+2x<0,且x+2≠0,解得x<12且x≠−2,即x∈(−∞,−2)∪(−2,12).故选C.4.答案:D解析:试题分析:∵∴全是正数.考点:三角函数的周期.5.答案:D解析:解:sin40°⋅sin80°cos40∘+cos60∘=sin(60°−20°)⋅sin(60°+20°)cos40°+12=(√32cos20°)2−(12sin20°)232−2sin220°=34cos220°−14sin2202(34−sin220°)=34−sin220°2(34−sin220°)=12,故选:D.由题意利用两角和差的三角公式、同角三角函数的基本关系,化简要求的式子,可得结果.本题主要考查两角和差的三角公式、同角三角函数的基本关系,属于基础题.6.答案:D解析:解:△ABC中,m=(a2,b2),n=(tanA,tanB),且m//n,∴a2tanB−b2tanA=0,即sin2A⋅sinBcosB =sin2B⋅sinAcosA,∴sinAcosA=sinBcosB,即12sin2A=12sin2B,∴2A=2B或2A+2B=π,即A=B或A+B=π2;∴△ABC是等腰三角形或直角三角形.故选:D.根据平面向量的坐标运算,利用正弦定理和诱导公式,即可得出角A、B的关系,从而判断△ABC的形状.本题考查了平面向量的应用问题,也考查了解三角形的应用问题,是综合性题目.7.答案:D解析:解:因为a=tan(−7π6)=−tanπ6=−√33,b=cos234π=cosπ4=√22,c=sin(−334π)=−sinπ4=−√22,所以b>a>c.故选:D.利用诱导公式及特殊角的三角函数值,即可得出结论.本题考查诱导公式及特殊角的三角函数值,考查学生的计算能力,正确转化是关键.8.答案:A解析:试题分析:要把函数图象上所有的点向左平行移动个单位长度得到函数的图像。

2019-2020年高一下学期期中数学试卷含答案

2019-2020年高一下学期期中数学试卷含答案

2019-2020年高一下学期期中数学试卷含答案一、填空题(每题5分,共70分)1.31+,x ,31-三个数成等差数列,则=x ▲ .2.c b a ,,是三条直线,如果c b b a //,//,则a 和c 的位置关系是 ▲ .3.在ABC ∆中,角C B A ,,对应的边分别为c b a ,,.若bc c b a -+=22)(,则=A ▲ . 4.在ABC ∆中,若8:6:5sin :sin :sin =C B A 则此ABC ∆最大角的余弦值为 ▲ . 5.在等差数列{}n a 中,7,10451==+a a a ,则数列{}n a 的公差为 ▲ .6.在等比数列{}n a 中,已知,27,231-=-=S a 则公比=q ▲ .7.已知数列{}n a 的前n 项和为kn n S n +=25,且182=a ,则k = ▲ .8.在ABC ∆中B b A a cos cos =,则三角形ABC ∆的形状为 ▲ .9.若,321n a n ++++= 则数列⎭⎬⎫⎩⎨⎧n a 1的前n 项和为 ▲ .10.在ABC ∆中,60,1==B BC ,当ABC ∆的面积等于3时,=AC ▲ .11.已知平面α和两条不重合的直线n m ,,有下列四个命题: (1)若,,//αα⊂n m 则n m // (2)若αα//,//n m ,则n m // (3)若α⊂n n m ,//,则α//m (4)若α//,//m n m ,则α//n 或α⊂n上述四个命题正确的是 ▲ (写序号).12.在等比数列{}n a 中,21=a ,前n 项和为n S ,若数列{}1+n a 也是等比数列,则=n S ▲ .13.在△ABC 中,BCAC =1,以AB 为边作等腰直角三角形ABD (B 为直角顶点,C 、D 两点在直线AB 的两侧).当C ∠变化时,线段CD 长的最大值为 ▲ .14.设数列{}n a 的各项均为正整数,其前n 项和为n S ,我们称满足条件“对任意的*,N n m ∈,均有))(()(m n m n S S m n S m n -+=-+”的数列{}n a 为“L 数列”。

2019-2020学年高一数学下学期期中试题(含解析)_4

2019-2020学年高一数学下学期期中试题(含解析)_4

2019-2020学年高一数学下学期期中试题(含解析)一、单项选择题(本题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项符合题目要求,请将答案涂到答案卷相应位置)1.直线的斜率为()A. B. C. D.【答案】C【解析】【分析】可化为,即可得出斜率.【详解】可化为,则故选:C【点睛】本题主要考查了已知直线方程求斜率,属于基础题.2.在中,已知三边、、满足,则等于()A. B. C. D.【答案】A【解析】【分析】利用余弦定理求解即可.【详解】由题意可得,则即,,故选:A【点睛】本题主要考查了余弦定理的应用,属于中档题.3.长方体的三个相邻面的面积分别为2,3,6,则该长方体外接球的表面积为A. B. C. D.【答案】C【解析】【分析】由题意首先求得长方体的棱长,然后求解其外接球的表面积即可.【详解】设长方体棱长分别为,则,所以,于是,设球的半径为,则,所以这个球面的表面积为.本题选择C选项.【点睛】与球有关的组合体问题,一种是内切,一种是外接.解题时要认真分析图形,明确切点和接点的位置,确定有关元素间的数量关系,并作出合适的截面图,如球内切于正方体,切点为正方体各个面的中心,正方体的棱长等于球的直径;球外接于正方体,正方体的顶点均在球面上,正方体的体对角线长等于球的直径.4.在中,已知AB=4,∠A=30°,∠B=120°,则△ABC的面积为()A. 4B. 4C. 8D. 8【答案】B【解析】【分析】由内角和定理得出,进而得出,结合三角形面积公式求解即可.【详解】故选:B【点睛】本题主要考查了三角形面积公式的应用,属于中档题.5.已知直线与直线平行,则的值是()A. 2B.C. 1D. 4【答案】A【解析】【分析】利用两直线平行,斜率的关系求解即可.【详解】可化为因为直线与直线平行,所以解得故选:A【点睛】本题主要考查了由直线平行求参数,属于中档题.6.如图所示,将等腰直角△ABC沿斜边BC上的高AD折成一个二面角,使得∠B′AC=60°.那么这个二面角大小是()A. 30°B. 60°C. 90°D. 120°【答案】C【解析】【分析】根据折的过程中不变的角的大小、结合二面角的定义进行判断即可.【详解】因为AD是等腰直角△ABC斜边BC上的高,所以,因此是二面角的平面角,∠B′AC=60°.所以是等边三角形,因此,在中.故选:C【点睛】本题考查了二面角的判断,考查了数学运算能力,属于基础题.7.已知直线,,则它们的图象可能为()A. B. C. D.【答案】C【解析】【分析】根据直线倾斜方向和纵截距的正负确定两个直线方程的正负后可得正确的选项.【详解】对于A,直线方程中的,直线方程中的,矛盾;对于B,直线方程中的,直线方程中的,矛盾;对于C,直线方程中的,直线方程中的,符合;对于D,直线方程中的,直线方程中的,矛盾;故选C.【点睛】如果直线方程的形式是点斜式,则可以根据直线不同的倾斜程度确定它们斜率的大小(也可以确定它们的符号),一般地,如果直线经过第一、三象限,则斜率为正;如果直线经过第二、四象限,则斜率为负.8.魏晋时期数学家刘徽在他的著作《九章算术注》中,称一个正方体内两个互相垂直的内切圆柱所围成的几何体为“牟合方盖”,刘徽通过计算得知正方体的内切球的体积与“牟合方盖”的体积之比应为,若正方体的棱长为3,则“牟合方盖”的体积为()A. B. 18 C. 6 D.【答案】B【解析】【分析】由正方体内接球的半径以及球的体积公式得出正方体的内切球的体积,结合题意,即可得出“牟合方盖”的体积.【详解】由题意可得正方体的内切球的半径为则正方体的内切球的体积设“牟合方盖”的体积为,由题意得则故选:B【点睛】本题主要考查了多面体的内切球问题,球的体积的计算,属于中档题.二、多项选择题(选错或多选得0分,选对且不全得3分,每小题5分,共20分)9.已知表示直线,表示平面,下列正确的是()A. B.C. D. 或【答案】CD【解析】【分析】根据直线与直线,直线与平面,平面与平面的位置关系进行判断即可.【详解】对A项,若,则与可能异面或平行,故A错误;对B项,若,则与可能异面,平行,相交,故B错误;对C项,由线面垂直的性质可得,若,则,故C 正确;对D项,当时,根据线面平行的判定定理可知,若在平面外,则,若在平面内,则,故D正确;故选:CD【点睛】本题主要考查了空间中直线,平面的位置关系,属于中档题.10.根据下列情况,判断三角形解的情况,其中正确的是()A ,有两解 B. ,有两解C. ,无解D. ,有一解【答案】BD【解析】【分析】由正弦定理,结合大边对大角,三角形内角和定理,进行判断即可.【详解】对A项,若,由正弦定理可得,解得,则,此时该三角形只有一解,故A错误;对B项,若,由正弦定理可得,解得根据大边对大角可得,则可以为锐角,也可以为钝角,故三角形有2解,故B正确;对C项,若,由正弦定理可得,解得,则三角形只有一解,故C错误;对D项,若,由正弦定理可得,解得,由,则为锐角,可得三角形有唯一解,故D正确;故选:BD【点睛】本题主要考查了由正弦定理判断三角形解的个数,属于中档题.11.下列说法正确的是()A. 若一个平面经过另一个平面的垂线,则这两个平面相互垂直B. 若一个平面内的两条直线与另一个平面都平行,则这两个平面相互平行C. 垂直于同一直线的两条直线相互平行D. 若两个平面垂直,那么一个平面内与它们的交线垂直的直线与另一个平面也垂直【答案】AD【解析】【分析】由面面垂直的判定定理以及性质判断AD,由面面平行的判定定理判断B,由直线与直线的位置关系判断C.【详解】对A项,由面面垂直的判定定理可得,A正确;对B项,由面面平行的判定定理可知,当这两条直线平行时,这两个平面不一定平行,故B错误;对C项,垂直于同一直线的两条直线可能平行,也可能相交或异面,故C错误;对D项,根据面面垂直的性质定理可知,D正确;故选:AD【点睛】本题主要考查了面面垂直的判定定理以及性质,面面平行判定定理,直线与直线的位置关系,属于中档题.12.下列说法中,正确的有()A. 过点且在,轴截距相等的直线方程为B. 直线在轴上截距为C. 直线的倾斜角为D. 过点并且倾斜角为的直线方程为【答案】BD【解析】【分析】由点在直线上,结合截距的定义判断A;令,得出该直线在轴上的截距,从而判断B;先得出该直线的斜率,从而得出其倾斜角,判断C;由倾斜角为的直线上的所有点的横坐标都相等,从而判断D.【详解】对A项,点在直线上,且该直线在,轴截距都为,则A错误;对B项,令,则直线在轴上的截距为,则B 正确;对C项,可化为,则该直线的斜率,则倾斜角,则C错误;对D项,过点并且倾斜角为的直线上的所有点的横坐标,则D正确;故选:BD【点睛】本题主要考查了斜率与倾斜角的变换关系,直线的截距的性质,属于中档题.三、填空题(本题共4小题,每小题5分,共20分)13.过点,且斜率为2的直线方程是___________.【答案】【解析】【分析】根据点斜式写出方程即可.【详解】由点斜式方程可得,即该直线的方程为故答案为:【点睛】本题主要考查了写出直线的点斜式方程,属于基础题.14.△ABC中,已知AB=1,AC=2,,点D为BC边的中点,则AD=______.【答案】【解析】【分析】由余弦定理得出的长,结合勾股定理得出,再由勾股定理得出的长.【详解】由余弦定理可得,故答案为:【点睛】本题主要考查了余弦定理的应用,属于中档题.15.四棱锥中,平面,底面是正方形,且,则直线与平面所成角为__________.【答案】【解析】分析】由线面垂直的判定定理以及性质得出平面,从而得出是直线与平面所成角,结合勾股定理以及直角三角形的边角关系,即可得出直线与平面所成角.【详解】因为平面,底面是正方形,所以由线面垂直的判定定理可得平面,则平面则是直线与平面所成角,直线与平面的夹角的范围为故答案为:【点睛】本题主要考查了求直线与平面的夹角,属于中档题.16.数学家默拉在1765年提出定理,三角形的外心,重心,垂心(外心是三角形三条边的垂直平分线的交点重心是三角形三条中线的交点,垂心是三角形三条高的交点)依次位于同一直线上,且重心到外心的距离是重心到垂心距离的一半,这条直线被后人称之为三角形的欧拉线,已知△ABC的顶点,则△ABC的欧拉线方程为____________________【答案】【解析】【分析】因为,所以外心,重心,垂心都位于线段的垂直平分线上,由两直线垂直斜率的关系以及两点的斜率公式得出线段的垂直平分线的斜率,由中点坐标公式得出的中点坐标,最后由点斜式写出方程.【详解】因为,所以外心,重心,垂心都位于线段的垂直平分线上设线段的垂直平分线的斜率为,则,又因为的中点坐标为所以△ABC的欧拉线方程为,即故答案为:【点睛】本题主要考查了两直线垂直斜率间的关系,中点坐标公式,点斜式写出直线方程,属于中档题.四、解答题(10+12+12+12+12+12,共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演示步骤)17.在△ABC中,已知AB=2,AC=3,A=60°.(1)求BC的长;(2)求sin C的值.【答案】(1);(2)【解析】【分析】(1)利用余弦定理求得的长.(2)利用余弦定理求得的值,进而求得的值.【详解】(1)由余弦定理得.(2)由余弦定理得.由于是三角形的内角,所以.【点睛】本小题主要考查利用余弦定理求边长,考查利用余弦定理计算角的余弦值,考查同角三角函数的基本关系式,属于基础题.18.如图,在直三棱柱ABCA1B1C1中,∠ABC=,M是棱AC的中点,且AB=BC=BB1=1.(1)求证:AB1平面BC1M(2)求异面直线AB1与BC1所成角的大小.【答案】(1)证明见解析(2)【解析】【详解】(1)证明:如图,连接B1C交BC1于点O,连接OM.∵O为B1C的中点,M为AC的中点,∴OM∥AB1.又∵AB1平面BC1M,OM平面BC1M,∴AB1∥平面BC1M..(2)解:∵AB=BC=BB1=1,∠ABC=,D是棱AC的中点与所成的角即为与所成角,设,则在中,由余弦定理知:又因为异面直线所成角取值范围为:与的夹角为(或在△OBM中证明△OBM为正三角形也可)19.已知△ABC的顶点为.(1)求BC边上的中线AM所在的直线方程;(2)求AB边上的高所在的直线方程.【答案】(1);(2).【解析】【分析】(1)求出中点的坐标,求出直线的斜率,即可得出其直线方程;(2)先求出直线的斜率,利用直线垂直的斜率关系,得出边上高所在直线的斜率,最后由点斜式得出方程.【详解】(1)∵△ABC的顶点为.BC边上的中线方程为.(2)∴AB边上的高所在的直线方程为:,即.【点睛】本题主要考查了求直线方程,涉及了斜率公式,中点坐标公式,直线垂直斜率间关系的应用,属于中档题.20.据说伟大的阿基米德逝世后,敌军将领马塞拉斯给他建了一块墓碑,在墓碑上刻了一个如图所示的图案,图案中球的直径、圆柱底面的直径和圆柱的高相等,圆锥的顶点为圆柱上底面的圆心,圆锥的底面是圆柱的下底面.(1)试计算出图案中圆柱与球的体积比;(2)假设球半径.试计算出图案中圆锥的体积和表面积.【答案】(1)(2)体积:. 表面积:【解析】【分析】(1)利用球和圆柱的体积公式求解即可;(2)由球的半径得出圆锥的底面半径以及高,进而得出母线长,再由圆锥的体积公式以及圆的面积公式,扇形的面积公式得出圆锥的体积和表面积.【详解】(1)设球的半径为,则圆柱底面半径为,高为圆柱的体积球的体积圆柱与球的体积比为:(2)由题意可知:圆锥底面半径为,高为圆锥的母线长:圆锥体积:.圆锥表面积:.【点睛】本题主要考查了求圆锥的体积和表面积,圆柱和球的体积,属于中档题.21.风景秀美的宝湖畔有四棵高大的银杏树,记作A,B,P,Q,湖岸部分地方围有铁丝网不能靠近.欲测量P,Q两棵树和A,P两棵树之间的距离,现可测得A,B两点间的距离为100 m,∠PAB=75°,∠QAB=45°,∠PBA=60°,∠QBA=90°,如图所示.则P,Q两棵树和A,P两棵树之间的距离各为多少?【答案】【解析】【分析】在三角形中,由内角和定理求出的度数,由,以及的长,利用正弦定理求出的长即可,在三角形中,由为直角,为,得到为等腰直角三角形,根据求出的长,利用余弦定理即可求解.【详解】△PAB中,∠APB=180°-(75°+60°)=45°,由正弦定理得=⇒AP=50.△QAB中,∠ABQ=90°,∴AQ=100,∠PAQ=75°-45°=30°,由余弦定理得PQ2=(50)2+(100)2-2×50×100cos30°=5000,∴PQ==50.因此,P,Q两棵树之间的距离为50 m,A,P两棵树之间的距离为50 m.【点睛】本题主要考查了解三角形的实际应用问题,其中在解有关三角形的题目时,要有意识地考虑用哪个定理更合适,或是两个定理都要用,要抓住能够利用某个定理的信息.一般地,如果式子中含有角的余弦或边的二次式时,要考虑用余弦定理;如果式子中含有角的正弦或边的一次式时,则考虑用正弦定理;以上特征都不明显时,则要考虑两个定理都有可能用到,着重考查了分析问题和解答问题的能力.22.已知直线:(1)求证:不论m为何实数,直线恒过一定点M;(2)过定点M作一条直线,使夹在两坐标轴之间的线段被M 点平分,求直线的方程.【答案】(1)证明见解析;(2)【解析】【分析】(1)将直线l整理得:,由题意得出,得出定点的坐标;(2)设出直线的方程,求出其与坐标轴的交点坐标,结合题意,列出方程,即可得出直线的方程.【详解】(1)证明:直线l整理得:令解得:则无论m为何实数,直线l恒过定点(2)由题意可知,当直线的斜率不存在或等于零时,显然不合题意设直线的方程为令,则;令,则即直线与坐标轴的交点为由于过定点M作一条直线l1,使夹在两坐标轴之间的线段被M点平分则点为线段中点,即,解得则直线l1的方程为,即.【点睛】本题主要考查了求直线过定点以及求直线方程,属于中档题.2019-2020学年高一数学下学期期中试题(含解析)一、单项选择题(本题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项符合题目要求,请将答案涂到答案卷相应位置)1.直线的斜率为()A. B. C. D.【答案】C【解析】【分析】可化为,即可得出斜率.【详解】可化为,则故选:C【点睛】本题主要考查了已知直线方程求斜率,属于基础题.2.在中,已知三边、、满足,则等于()A. B. C. D.【答案】A【解析】【分析】利用余弦定理求解即可.【详解】由题意可得,则即,,故选:A【点睛】本题主要考查了余弦定理的应用,属于中档题.3.长方体的三个相邻面的面积分别为2,3,6,则该长方体外接球的表面积为A. B. C. D.【答案】C【解析】【分析】由题意首先求得长方体的棱长,然后求解其外接球的表面积即可.【详解】设长方体棱长分别为,则,所以,于是,设球的半径为,则,所以这个球面的表面积为.本题选择C选项.【点睛】与球有关的组合体问题,一种是内切,一种是外接.解题时要认真分析图形,明确切点和接点的位置,确定有关元素间的数量关系,并作出合适的截面图,如球内切于正方体,切点为正方体各个面的中心,正方体的棱长等于球的直径;球外接于正方体,正方体的顶点均在球面上,正方体的体对角线长等于球的直径.4.在中,已知AB=4,∠A=30°,∠B=120°,则△ABC的面积为()A. 4B. 4C. 8D. 8【答案】B【解析】【分析】由内角和定理得出,进而得出,结合三角形面积公式求解即可.【详解】故选:B【点睛】本题主要考查了三角形面积公式的应用,属于中档题.5.已知直线与直线平行,则的值是()A. 2B.C. 1D. 4【答案】A【解析】【分析】利用两直线平行,斜率的关系求解即可.【详解】可化为因为直线与直线平行,所以解得故选:A【点睛】本题主要考查了由直线平行求参数,属于中档题.6.如图所示,将等腰直角△ABC沿斜边BC上的高AD折成一个二面角,使得∠B′AC=60°.那么这个二面角大小是()A. 30°B. 60°C. 90°D. 120°【答案】C【解析】【分析】根据折的过程中不变的角的大小、结合二面角的定义进行判断即可.【详解】因为AD是等腰直角△ABC斜边BC上的高,所以,因此是二面角的平面角,∠B′AC=60°.所以是等边三角形,因此,在中.故选:C【点睛】本题考查了二面角的判断,考查了数学运算能力,属于基础题.7.已知直线,,则它们的图象可能为()A. B. C. D.【答案】C【解析】【分析】根据直线倾斜方向和纵截距的正负确定两个直线方程的正负后可得正确的选项.【详解】对于A,直线方程中的,直线方程中的,矛盾;对于B,直线方程中的,直线方程中的,矛盾;对于C,直线方程中的,直线方程中的,符合;对于D,直线方程中的,直线方程中的,矛盾;故选C.【点睛】如果直线方程的形式是点斜式,则可以根据直线不同的倾斜程度确定它们斜率的大小(也可以确定它们的符号),一般地,如果直线经过第一、三象限,则斜率为正;如果直线经过第二、四象限,则斜率为负.8.魏晋时期数学家刘徽在他的著作《九章算术注》中,称一个正方体内两个互相垂直的内切圆柱所围成的几何体为“牟合方盖”,刘徽通过计算得知正方体的内切球的体积与“牟合方盖”的体积之比应为,若正方体的棱长为3,则“牟合方盖”的体积为()A. B. 18 C. 6 D.【答案】B【解析】【分析】由正方体内接球的半径以及球的体积公式得出正方体的内切球的体积,结合题意,即可得出“牟合方盖”的体积.【详解】由题意可得正方体的内切球的半径为则正方体的内切球的体积设“牟合方盖”的体积为,由题意得则故选:B【点睛】本题主要考查了多面体的内切球问题,球的体积的计算,属于中档题.二、多项选择题(选错或多选得0分,选对且不全得3分,每小题5分,共20分)9.已知表示直线,表示平面,下列正确的是()A. B.C. D. 或【答案】CD【解析】【分析】根据直线与直线,直线与平面,平面与平面的位置关系进行判断即可.【详解】对A项,若,则与可能异面或平行,故A错误;对B项,若,则与可能异面,平行,相交,故B错误;对C项,由线面垂直的性质可得,若,则,故C正确;对D项,当时,根据线面平行的判定定理可知,若在平面外,则,若在平面内,则,故D正确;故选:CD【点睛】本题主要考查了空间中直线,平面的位置关系,属于中档题.10.根据下列情况,判断三角形解的情况,其中正确的是()A,有两解 B. ,有两解C. ,无解D. ,有一解【答案】BD【解析】【分析】由正弦定理,结合大边对大角,三角形内角和定理,进行判断即可.【详解】对A项,若,由正弦定理可得,解得,则,此时该三角形只有一解,故A错误;对B项,若,由正弦定理可得,解得根据大边对大角可得,则可以为锐角,也可以为钝角,故三角形有2解,故B正确;对C项,若,由正弦定理可得,解得,则三角形只有一解,故C错误;对D项,若,由正弦定理可得,解得,由,则为锐角,可得三角形有唯一解,故D正确;故选:BD【点睛】本题主要考查了由正弦定理判断三角形解的个数,属于中档题.11.下列说法正确的是()A. 若一个平面经过另一个平面的垂线,则这两个平面相互垂直B. 若一个平面内的两条直线与另一个平面都平行,则这两个平面相互平行C. 垂直于同一直线的两条直线相互平行D. 若两个平面垂直,那么一个平面内与它们的交线垂直的直线与另一个平面也垂直【答案】AD【解析】【分析】由面面垂直的判定定理以及性质判断AD,由面面平行的判定定理判断B,由直线与直线的位置关系判断C.【详解】对A项,由面面垂直的判定定理可得,A正确;对B项,由面面平行的判定定理可知,当这两条直线平行时,这两个平面不一定平行,故B 错误;对C项,垂直于同一直线的两条直线可能平行,也可能相交或异面,故C错误;对D项,根据面面垂直的性质定理可知,D正确;故选:AD【点睛】本题主要考查了面面垂直的判定定理以及性质,面面平行判定定理,直线与直线的位置关系,属于中档题.12.下列说法中,正确的有()A. 过点且在,轴截距相等的直线方程为B. 直线在轴上截距为C. 直线的倾斜角为D. 过点并且倾斜角为的直线方程为【答案】BD【解析】【分析】由点在直线上,结合截距的定义判断A;令,得出该直线在轴上的截距,从而判断B;先得出该直线的斜率,从而得出其倾斜角,判断C;由倾斜角为的直线上的所有点的横坐标都相等,从而判断D.【详解】对A项,点在直线上,且该直线在,轴截距都为,则A错误;对B项,令,则直线在轴上的截距为,则B正确;对C项,可化为,则该直线的斜率,则倾斜角,则C错误;对D项,过点并且倾斜角为的直线上的所有点的横坐标,则D正确;故选:BD【点睛】本题主要考查了斜率与倾斜角的变换关系,直线的截距的性质,属于中档题.三、填空题(本题共4小题,每小题5分,共20分)13.过点,且斜率为2的直线方程是___________.【答案】【解析】【分析】根据点斜式写出方程即可.【详解】由点斜式方程可得,即该直线的方程为故答案为:【点睛】本题主要考查了写出直线的点斜式方程,属于基础题.14.△ABC中,已知AB=1,AC=2,,点D为BC边的中点,则AD=______.【答案】【解析】【分析】由余弦定理得出的长,结合勾股定理得出,再由勾股定理得出的长.【详解】由余弦定理可得,故答案为:【点睛】本题主要考查了余弦定理的应用,属于中档题.15.四棱锥中,平面,底面是正方形,且,则直线与平面所成角为__________.【答案】【解析】分析】由线面垂直的判定定理以及性质得出平面,从而得出是直线与平面所成角,结合勾股定理以及直角三角形的边角关系,即可得出直线与平面所成角.【详解】因为平面,底面是正方形,所以由线面垂直的判定定理可得平面,则平面则是直线与平面所成角,直线与平面的夹角的范围为故答案为:【点睛】本题主要考查了求直线与平面的夹角,属于中档题.16.数学家默拉在1765年提出定理,三角形的外心,重心,垂心(外心是三角形三条边的垂直平分线的交点重心是三角形三条中线的交点,垂心是三角形三条高的交点)依次位于同一直线上,且重心到外心的距离是重心到垂心距离的一半,这条直线被后人称之为三角形的欧拉线,已知△ABC的顶点,则△ABC的欧拉线方程为____________________【答案】【解析】【分析】因为,所以外心,重心,垂心都位于线段的垂直平分线上,由两直线垂直斜率的关系以及两点的斜率公式得出线段的垂直平分线的斜率,由中点坐标公式得出的中点坐标,最后由点斜式写出方程.【详解】因为,所以外心,重心,垂心都位于线段的垂直平分线上设线段的垂直平分线的斜率为,则,又因为的中点坐标为所以△ABC的欧拉线方程为,即故答案为:【点睛】本题主要考查了两直线垂直斜率间的关系,中点坐标公式,点斜式写出直线方程,属于中档题.四、解答题(10+12+12+12+12+12,共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演示步骤)17.在△ABC中,已知AB=2,AC=3,A=60°.(1)求BC的长;(2)求sin C的值.【答案】(1);(2)【解析】【分析】(1)利用余弦定理求得的长.(2)利用余弦定理求得的值,进而求得的值.【详解】(1)由余弦定理得.(2)由余弦定理得.由于是三角形的内角,所以.【点睛】本小题主要考查利用余弦定理求边长,考查利用余弦定理计算角的余弦值,考查同角三角函数的基本关系式,属于基础题.18.如图,在直三棱柱ABCA1B1C1中,∠ABC=,M是棱AC的中点,且AB=BC=BB1=1.(1)求证:AB1平面BC1M(2)求异面直线AB1与BC1所成角的大小.【答案】(1)证明见解析(2)【解析】【详解】(1)证明:如图,连接B1C交BC1于点O,连接OM.∵O为B1C的中点,M为AC的中点,∴OM∥AB1.又∵AB1平面BC1M,OM平面BC1M,∴AB1∥平面BC1M..(2)解:∵AB=BC=BB1=1,∠ABC=,D是棱AC的中点与所成的角即为与所成角,设,则在中,。

吉林省舒兰市实验中学2019-2020学年高一下学期期中考试数学试题 Word版含解析

吉林省舒兰市实验中学2019-2020学年高一下学期期中考试数学试题 Word版含解析
【答案】A
【解析】
【分析】
由下确界定义, , 的最小值是 ,由余弦函数性质可得.
【详解】由题意 , 的最小值是 ,
又 ,
由 ,得 ,
, ,
时, ,
所以 .
故选:A.
【点睛】本题考查新定义,由新定义明确本题中的下确界就是函数的最小值.可通过解不等式确定参数的范围.
二、填空题
13.若采用系统抽样的方法从420人中抽取21人做问卷调查,为此将他们随机编号为1,2,…,420,则抽取的21人中,编号在区间[241,360]内的人数是______
【答案】6
【解析】
试题分析:由题意得,编号为 ,由 得 共6个.
考点:系统抽样
14.如图是甲、乙两人在10天中每天加工零件个数的茎叶图,若这10天甲加工零件个数的中位数为 ,乙加工零件个数的平均数为 ,则 ______.
【答案】44.5
【解析】
【分析】
由茎叶图直接可以求出甲的中位数和乙的平均数,求和即可.
【解析】
【分析】
先根据条件得 ,再将(1)(2)中的式子根据三角函数诱导公式进行化简,最后由同角三角函数基本关系,将式子中的弦化切,即可求解.
【详解】由已知 ,
所以
(1)原式=
= =
= =- .
(2)原式
.
【点睛】本题考查利用三角函数诱导公式、同角函数基本关系在化简求值中的运用,考查计算和转化能力,属于基础题.
, ,
即 ,
则 时, ,
此时 满足条件.
故选: .
【点睛】本题主要考查三角函数的图象和性质,结合平移关系以及图象关于 轴对称建立方程关系是解决本题的关键.
12.对于函数 ,在使 成立的所有常数 中,我们把 的最大值称为函数 的“下确界”.若函数 , 的“下确界”为 ,则 的取值范围是( )
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2019-2020学年吉林市舒兰市高一下学期期中数学试卷一、单选题(本大题共12小题,共60.0分)1.已知α=56π,则点P(cosα,sinα)所在象限是()A. 第一象限B. 第二象限C. 第三象限D. 第四象限2.将函数y=cos2x的图象先向左平移π2个单位长度,再向上平移1个单位长度,所得图象对应的函数解析式是()A. y=−sin2xB. y=−cos2xC. y=2sin2xD. y=−2cos2x3.已知向量a⃗=(4,−2),b⃗ =(m,3),若a⃗//b⃗ ,则m=()A. −6B. 6C. 32D. −324.在△ABC中,a=3,b=√5,A=60°,则cosB=()A. ±√156B. √156C. ±√216D. √2165.已知,是两个向量,,,且,则,的夹角为()A. B. C. D.6.将函数y=sin2x图象上的每一个点按向量a⃗=(φ,m)(其中φ和m为常数,且|φ|<π2)移动后,所得图象关于直线x=π12对称,则φ的值可能为()①π3;②π6;③−π6;④−π3.A. ①③B. ②③C. ①④D. ②④7.已知,,若,则()A. B. C. D.8.已知sin2α=,则cos2=().A. B. C. D.9.将函数f(x)=sin2x的图象向右平移φ(φ>0)个单位后得到函数g(x)的图象,对于满足|f(x1)−g(x2)|=2的x1,x2,如果|x1−x2|min=π3,则φ的一个值是()A. 5π12B. π3C. π4D. π610. 已知P 为△ABO 所在平面内的一点,满足OP ⃗⃗⃗⃗⃗ =OA ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ |OA|⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗ +OB⃗⃗⃗⃗⃗⃗ |OB ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ |,则P 点在( ) A. ∠AOB 的平分线所在的直线上 B. 线段AB 的中垂线上 C. AB 边所在的直线上D. AB 边的中线上11. 已知sin(α−β)=√1010,α−β是第一象限角,tanβ=12,β是第三象限角,则cosα的值等于( )A. 7√210B. −7√210C. √22D. −√2212. 已知a ⃗ ,b ⃗ 是平面内互不相等的两个非零向量,且|a ⃗ |=1,a ⃗ −b ⃗ 与b ⃗ 的夹角为150°,则|b ⃗ |的取值范围是( )A. (0,√3]B. [1,√3]C. (0,2]D. [√3,2]二、单空题(本大题共4小题,共20.0分) 13. 已知是定义在上的奇函数,当时,,函数.如果对于,,使得,则实数的取值范围是 .14. 已知单位向量e 1⃗⃗⃗ ,e 2⃗⃗⃗ 的夹角为60°,则|e 1⃗⃗⃗ +e 2⃗⃗⃗ |= ______ .15. 已知M(2,0),圆C :(x −a −1)2+(y −√3a)2=1上存在点P ,PM ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ ⋅PO ⃗⃗⃗⃗⃗ =8,(O 坐标原点),则实数a 的取值范围为______. 16. 已知∣∣∣sinαcosα21∣∣∣=0,则sin2α= ______ . 三、解答题(本大题共6小题,共70.0分) 17. 已知向量,,记.(Ⅰ)求函数的单调递增区间;(Ⅱ)若方程在区间内有两个零点,,求的值.18.已知向量a⃗=(2,0),b⃗ =(1,4).(Ⅰ)求|a⃗+b⃗ |的值;(Ⅱ)若向量k a⃗+b⃗ 与a⃗+2b⃗ 平行,求k的值.19.已知函数f(x)=sin(ωx+π3)(ω>0)的最小正周期为4π.(1)若函数y=f(x+θ)(0<θ<2π)为偶函数,求θ的值;(2)若f(α)=45,0<α<π,求sin(α−π3)的值.20.已知单位向量m⃗⃗⃗ 和n⃗的夹角为60°,求证:(2n⃗−m⃗⃗⃗ )⊥m⃗⃗⃗ ,并解释其几何意义.21. 已知函数f(x)=2√3sinxcosx +2cos 2x −1.(1)求函数f(x)的最小正周期; (2)当x ∈[0,π2]时,求函数f(x)的值域.22. 已知函数f(x)=ax 2+bx +1(a,b 为实数),x ∈R ,F(x)={f(x),x >0−f(x),x <0,设m >0,n <0,m +n >0,a >0且f(x)为偶函数,判断F(m)+F(n)能否大于零?【答案与解析】1.答案:B解析:本题主要考查通过诱导公式求三角函数的值并判断角的象限,属于基础题.利用诱导公式求三角函数的值,故求得点P的坐标,可得点P所在象限.解:∵α=56π,,,则点P(cosα,sinα)即(−√32,12 ),故点P所在象限为第二象限,故选:B.2.答案:C解析:本题考查三角函数的图象变换,掌握三角平移变换的规律是关键,属于中档题.利用函数y=cos(ωx+φ)+k的图象变换即可获得答案.解:∵函数y=f(x)=cos2x的图象先向左平移π2个单位长度,得到f(x+π2)=cos2(x+π2)=−cos2x,再向上平移1个单位长度,函数为y=f(x+π2)+1=−cos2x+1=2sin2x.故选C.3.答案:A解析:解:∵向量a⃗=(4,−2),b⃗ =(m,3),a⃗//b⃗ ,∴m4=3−2,解得m=−6.故选:A.利用向量平行的性质直接求解.本题考查实数值的求法,考查向量平行的性质等基础知识,考查运算求解能力,是基础题.4.答案:D解析:本题主要考查正弦定理,大边对大角,同角三角函数基本关系式的应用,属于基础题.由已知及正弦定理可得:sinB=bsinAa =√156,由a>b,可得B为锐角,利用同角三角函数基本关系式即可求得cos B的值.解:∵a=3,b=√5,A=60°,∴由正弦定理可得:sinB=bsinAa =√5×√323=√156,∵a>b,所以B为锐角,∴cosB=√1−sin2B=√216.故选:D.5.答案:C解析:本题考查求平面向量的夹角,属于基础题目.解:∵,∴,即,所以,又因为,所以.故选C.6.答案:A解析:解:函数y=sin2x图象上的每一个点按向量a⃗=(φ,m)移动后得到y=sin[2(x−φ)]+m,∵所得图象关于直线x=π12对称,∴2(π12−φ)=π2+kπ,k∈Z,∴φ=−π6−kπ2,k∈Z,又|φ|<π2,∴当k=0时,φ=−π6;当k=−1时,φ=π3,∴φ的值可能为π3,−π6.故选:A.平移后得到y=sin[2(x−φ)]+m,再结合正弦函数的轴对称,可得φ=−π6−kπ2,k∈Z,然后根据φ的范围限制,即可得解.本题考查三角函数图象的平移变换,正弦函数的轴对称,考查逻辑推理能力和运算能力,属于基础题.7.答案:B解析:试题分析:因为,所以,所以。

考点:空间向量平行的条件。

点评:熟记空间向量平行、垂直的条件。

属于基础题型。

8.答案:A解析:因为cos 2===,所以cos 2===,选A .9.答案:D解析:解:f(x)=sin2x ,g(x)=sin2(x −φ)=sin(2x −2φ), 满足|f(x 1)−g(x 2)|=2,则两个函数的最大值与最小值的差为2, 又|x 1−x 2|min =π3, 不妨令x 1=π4,则x 2=7π12,所以g(7π12)=sin(27π12−2φ)=−1⇒φ=−π6,不合题意,舍. 不妨令x 1=3π4,则x 2=5π12,所以g(5π12)=sin(25π12−2φ)=1⇒φ=π6,满足. 故选:D .由满足|f(x 1)−g(x 2)|=2,则两个函数的最大值与最小值的差为2,|x 1−x 2|min =π3分别赋值检验即可求解.本题主要考查了正弦函数的性质的简单应用,属于基础试题.10.答案:A解析:解:如图所示:由OA ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ |OA ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ |是与OA ⃗⃗⃗⃗⃗ 同向的单位向量,OB⃗⃗⃗⃗⃗⃗|OB ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ |是与OB ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ 同向的单位向量, 则OP⃗⃗⃗⃗⃗ =OA⃗⃗⃗⃗⃗⃗ |OA|⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗ +OB ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ |OB ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ |是以单位向量OA⃗⃗⃗⃗⃗⃗ |OA ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ |、OB⃗⃗⃗⃗⃗⃗ |OB ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ |为邻边的菱形的对角线, 所以P 点在∠AOB 的平分线所在的直线上. 故选:A .根据题意,利用平面向量的线性运算几何意义,即可得出正确的结论. 本题考查了平面向量的线性运算几何意义应用问题,是基础题.11.答案:D解析:解:由sin ﹙α−β﹚=√1010且α−β是第一象限角,得. 又tanβ=12,β是第三象限角且sinβ=−√55,则.所以cos(α)=cos[β+(α−β)]=cos(α−β)cosβ−sin(α−β)sinβ=(3√1010)×(−2√55)−(√1010)×(−√55)=−6√5050+√5050=−5√5050=−√22. 故选D由α−β是第一象限角,由sin(α−β)的值求出cos(α−β)的值,再由β是第三象限角,根据tanβ的值求出cosβ与sinβ的值,将cosα变形为cos[(α−β)+β],利用两角和与差的余弦函数公式化简后,将各自的值代入计算即可求出值.此题考查了两角和与差的正弦函数公式,同角三角函数间的基本关系,熟练掌握公式是解本题的关键.12.答案:C解析:解:如图所示,设OA ⃗⃗⃗⃗⃗ =a ⃗ ,OB ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ =b ⃗ ,则BA ⃗⃗⃗⃗⃗ =OA ⃗⃗⃗⃗⃗ −OB ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ =a⃗ −b ⃗ . 由于|a ⃗ |=1,a ⃗ −b ⃗ 与b ⃗ 的夹角为150°,可得△OAB 中,OA =1,∠OBA =30°.由正弦定理可得:△OAB 的外接圆的半径r =1.则点B 为圆上的动点.由图可令b ⃗ =OB ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ =(1+cosθ,sinθ), 则|b ⃗ |=√(1+cosθ)2+sin 2θ=√2+2cosθ. ∴|b ⃗ |∈(0,2]. 故选:C .如图所示,设OA ⃗⃗⃗⃗⃗ =a ⃗ ,OB ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ =b ⃗ ,则BA ⃗⃗⃗⃗⃗ =OA ⃗⃗⃗⃗⃗ −OB ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ =a ⃗ −b ⃗ .由于|a ⃗ |=1,a ⃗ −b ⃗ 与b ⃗ 的夹角为150°,可得△OAB 中,OA =1,∠OBA =30°.由正弦定理可得:△OAB 的外接圆的半径r =1.则点B 为圆上的动点.由图可令b ⃗ =OB ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ =(1+cosθ,sinθ),则|b ⃗ |的取值范围可求.本题考查了数量积运算性质、三角函数的单调性、正弦定理、三角形外接圆的性质,考查了数形结合的能力、推理能力与计算能力,属于有一定难题题目.13.答案:解析:当时,,此时,又是定义在上的奇函数,所以当时,;当时,由题意得,且,即.考点:1.奇函数;2.函数的值域;3.转化思想;14.答案:√3解析:解:∵单位向量e 1⃗⃗⃗ ,e 2⃗⃗⃗ 的夹角为60°,∴|e 1⃗⃗⃗ +e 2⃗⃗⃗ |2=e 1⃗⃗⃗ 2+e 2⃗⃗⃗ 2+2e 1⃗⃗⃗ ⋅e 2⃗⃗⃗ =1+1+2×1×1×12=1+1+1=3,即|e 1⃗⃗⃗ +e 2⃗⃗⃗ |=√3, 故答案为:√3.直接根据向量数量积的公式进行计算即可.本题主要考查向量数量积的计算,根据向量数量积的公式是解决本题的关键.比较基础.15.答案:[−2,−1]∪[1,2]解析:本题的关键是将点的存在转化为圆与圆有公共点,数形结合的思想.属于中档题.设p(x,y),由PM ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ ⋅PO ⃗⃗⃗⃗⃗ =8整理得出(x −1)2+y 2=9,a 的取值使得圆C 与圆(x −1)2+y 2=9有公共点,转化为圆与圆的位置关系问题.解:设p(x,y),由PM ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ ⋅PO ⃗⃗⃗⃗⃗ =8得(−x,−y)⋅(2−x,−y)=8,整理得出(x −1)2+y 2=9, 表示以N(1,0)为圆心,以3为半径的圆.若存在点P ,则圆C 与圆N 有公共点,等价于3−1≤NC ≤3+1,即2≤√[(a +1)−1]2+(√3a −0)2≤4,化简得出1≤a 2≤4,解得a ∈[−2,−1]∪[1,2] 故答案为[−2,−1]∪[1,2].16.答案:45解析:解:∵∣∣∣sinαcosα21∣∣∣=0,∴sinα−2cosα=0,∴sin2α+cos2α=5cos2α=1,解得cosα=±√55,当cosα=−√55时,sinα=2cosα=−2√55,∴sin2α=2sinαcosα=2×(−2√55)×(−√55)=45,当cosα=√55时,sinα=2cosα=2√55,∴sin2α=2sinαcosα=2×2√55×√55=45,故sin2α=45.故答案为:45.由二阶行列式展开式得sinα−2cosα=0,由此利用同角三角函数关系式得到cosα=±√55,再由正弦函数二倍角公式能求出sin2α.本题考查三角函数值的求法,是基础题,解题时要认真审题,注意二阶行列式展开式、同角三角函数关系式、二倍角公式的合理运用.17.答案:(1)(2)解析:解:(Ⅰ)因为,,所以由,得.所以的单调递增区间是.(Ⅱ)由 ,得 ,即 .因为 ,所以 或 .即 ,所以18.答案:解:(Ⅰ)∵向量a ⃗ =(2,0),b ⃗ =(1,4). ∴a ⃗ +b ⃗ =(3,4).∴|a ⃗ +b ⃗ |=√32+42=5.(Ⅱ)k a ⃗ +b ⃗ =(2k +1,4),a ⃗ +2b ⃗ =(4,8) ∵向量k a ⃗ +b ⃗ 与a ⃗ +2b ⃗ 平行, ∴8×(2k +1)−4×4=0, 解得k =12.解析:(1)利用向量的坐标运算和模的计算公式即可得出; (2)利用向量共线定理即可得出.本题考查了向量的坐标运算和模的计算公式、向量共线定理,属于基础题.19.答案:解:(1)∵函数f(x)=sin(ωx +π3)(ω>0)的最小正周期为2πω=4π,∴ω=12,f(x)=sin(12x +π3).根据函数y =f(x +θ)=sin[12(x +θ)+π3]=sin(12x +θ2+π3)(0<θ<2π)为偶函数,可得θ2+π3=kπ+π2,即θ=2kπ+π3,k ∈Z ,∴θ=π3. (2)∵f(α)=sin(12α+π3)=45,0<α<π,∴12α+π3∈(π3,5π6),∵45∈[√22,√32],∴12α+π3∈(2π3,3π4),∴cos(12α+π3)=−√1−sin 2(α2+π3)=−35,∴sin(α+2π3)=2sin(12α+π3)cos(12α+π3)=−2425,sin(α−π3)=sin[(α+2π3)−π]=−sin(α+2π3)=2425.解析:(1)由条件利用正弦函数的周期性求得ω的值,再利用正弦函数的奇偶性,求得θ的值.(2)由条件利用同角三角函数的基本关系求得cos(12α+π3)的值,再利用二倍角公式求得sin(α+2π3)的值,利用诱导公式求得sin(α−π3)=sin[(α+2π3)−π]的值.本题主要考查正弦函数的周期性和奇偶性,同角三角函数的基本关系、诱导公式、二倍角公式的应用,属于中档题.20.答案:证明:∵(2n⃗−m⃗⃗⃗ )⋅m⃗⃗⃗ =2n⃗⋅m⃗⃗⃗ −m⃗⃗⃗ ⋅m⃗⃗⃗=2|n⃗||m⃗⃗⃗ |−1=2cos60°−1=0,∴(2n⃗−m⃗⃗⃗ )⊥m⃗⃗⃗ .其几何意义如下图:.解析:求数量积(2n⃗−m⃗⃗⃗ )⋅m⃗⃗⃗ =2n⃗⋅m⃗⃗⃗ −m⃗⃗⃗ ⋅m⃗⃗⃗ =2|n⃗||m⃗⃗⃗ |−1=2cos60°−1=0,故垂直,作图即可.本题考查了平面向量数量积的应用,属于中档题.21.答案:解:(1)f(x)=√3sin2x+cos2x=2sin(2x+π6),∴T=2π2=π.(2)∵x∈[0,π2],∴2x+π6∈[π6,7π6],∴sin(2x+π6)∈[−12,1].∴函数f(x)的值域为[−12,1].解析:(1)先利用二倍角公式和两角和公式对函数解析式化简,利用周期公式求得函数的最小正周期.(2)根据x的范围确定2x+π6的范围,进而利用正弦函数的性质求得函数的值域.本题主要考查了三角函数恒等变换的应用,三角函数的图象与性质.注意与三角函数的图象相结合,更容易解决问题.22.答案:解:∵函数f(x)=ax 2+bx +1是偶函数,∴f(−x)=f(x),即ax 2−bx +1=ax 2+bx +1, 即b =0,∴f(x)=ax 2+1,∴F(x)={f(x),x >0−f(x),x <0={ax 2+1,x >0−ax 2−1,x <0,∵m >0,n <0,m +n >0, 则m >−n >0, ∴|m|>|n|,∴F(m)+F(n)=f(m)−f(n)=(am 2+1)−(an 2+1)=a(m 2−n 2)>0, 即F(m)+F(n)能大于零.解析:根据已知中函数为偶函数,可得f(x)=ax 2+1,进而F(x)={ax 2+1,x >0−ax 2−1,x <0,结合m >0,n <0,m +n >0,a >0,可得结论.本题考查的知识点是函数奇偶性的性质,二次函数的性质,分段函数的应用,难度中档.。

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