安徽省亳州一中2012-2013学年高二上学期第二次月考物理试卷

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人教版高中物理选修1-1上学期高二12月月考.docx

高中物理学习材料桑水制作襄州一中2013-2014学年上学期高二物理12月月考（2013-12-12）全卷满分110分，考试时间90分钟命题人：靳松一、选择题。

（本题共12小题，每题4分，共48分。

在每小题给出的四个选项中，有一个．．．或一个以上的选项．．．．．．．．是符合题意，选错的得零分，选不全的得2分。

） 1．下列有关电磁学的说法正确的是（）A ．奥斯特发现电流磁效应；法拉第系统归纳了磁生电的几类方式，发现了电磁感应现象；B ．法拉第提出了电磁感应定律，给出感应电动势t n E ∆∆=φ ；C ．穿过线圈的磁通量变化越大，感应电动势越大，D ．穿过线圈的磁通量变化越快，感应电动势越大．2．指南针静止时，其位置如图中虚线所示．若在其上方放置一水平方向的导线，并通以恒定电流，则指南针转向图中实线所示位置．据此可能是（）A ．导线东西放置，通有向西的电流B ．导线南北放置，通有向北的电流C ．导线东西放置，通有向东的电流D ．导线南北放置，通有向南的电流3．如图所示，在第一象限内有垂直纸面向里的匀强磁场，一对正、负电子分别以相同速度沿与x 轴成15°角从原点射入磁场，则正、负电子在磁场中运动时间之比为( )A ．1∶2B ．2∶1C ．5∶1D ．1∶54．如图所示，在屏MN 的下方有磁感应强度为B 的匀强磁场，磁场方向垂直纸面向里。

P 为屏上的一小孔，PC 与MN 垂直。

一群质量为m ．带电荷量为e 的电子（不计重力），以相同的速率v ，从P 处沿垂直于磁场的方向射入磁场区域。

电子入射方向在与磁场B 垂直的平面内，且散开在与PC 夹角为θ的范围内，则在屏MN 上被粒子打中的区域的长度为（）A ．eB mv θcos 2 B ．eB mv 2 C ．eBmv )cos 1(2θ- D ． eB mv )sin 1(2θ-5．如图所示，以O 为圆心，MN 为直径的圆的左半部分内有垂直纸面向里的匀强磁场，三个不计重力．质量相同．带电量相同的带正电粒子a 、b 和c 以相同的速率分别沿aO、bO和cO方向垂直于磁场射入磁场区域，已知bO垂直MN，aO、cO和bO的夹角都为30°，a、b、c三个粒子从射入磁场到射出磁场所用时间分别为t a、t b、t c，则下列给出的时间关系可能的是 ( )A．t a＜t b＜t c B．t a＞t b＞t c C．t a＜t b＝t c D．t a＝t b＝t c6．如图，宽d=1cm的有界匀强磁场，纵向范围足够大，磁感应强度的方向垂直纸面向内.现有一群正粒子从O点以相同的速率沿纸面不同方向进入磁场，若粒子在磁场中做匀速圆周运动的轨道半径均为r=5cm，则（）A．右边界：一3 cm＜y＜3cm有粒子射出，B．右边界：y＞3 cm和y＜一3 cm有粒子射出，C．左边界：0＜y＜6cm有粒子射出，D．左边界：y＞6cm有粒子射出.7．如图所示，匀强磁场的边界为直角三角形ABC，∠B=60°．一束电子以不同的速度v沿BC从B点射入磁场，关于电子在磁场中的运动情况下列说法中正确（）A．入射速度越大的电子，其运动时间越长B．电子沿BC以适当的速度射入磁场，可以经过A点C．从AB边出射的电子的运动时间都相等D．从AC边出射的电子的运动时间都相等8．如图所示，一个电量为q的带电油滴在相互垂直的匀强磁场和匀强电场中的竖直面内做半径为R的匀速圆周运动，重力加速度为g，电场强度为E，磁感应强度为B，方向如图．那么这个油滴的电性．质量m．转动方向和绕转速度v分别为.（）A．带正电，m=Eq/g，沿逆时针方向转动，v= E/B；B．带正电，m=Eq/g，沿顺时针方向转动，v= RB g/E；C．带负电，m=Eq/g，沿顺时针方向转动，v= RB g/E；D．带负电，m= B2qR/E，沿顺时针方向转动，v= E/B；9．如图所示的空间中存在着正交的匀强电场和匀强磁场，从A点沿AB、AC方向绝缘地抛出两带电小球，关于小球的运动情况，下列说法中正确的是 ( )A．从AB、AC抛出的小球都可能做直线运动B．只有沿AB抛出的小球才可能做直线运动C．做直线运动的小球带正电，而且一定是做匀速直线运动D．做直线运动的小球机械能守恒10．如图所示，有一个正方形的匀强磁场区域abcd，e是ad的中点，f是cd的中点，如果在a点沿对角线方向以速度v射入一带负电的带电粒子，恰好从e点射出，则下列说法中正确的是( )．A．如果粒子的速度增大为原来的2倍，将从d点射出B．如果粒子的速度增大为原来的3倍，将从f点射出C．如果粒子的速度不变，磁场的磁感应强度变为原来的2倍，也将从d点射出D．只改变粒子的速度使其分别从e、d、f点射出时，从e点射出所用时间最短11．水平放置的平行光滑金属导轨上有一金属棒ab，两者接触良好，构成的矩形区域内存在磁场，规定垂直纸面向里为磁场的正方向，如图所示。

安徽省亳州市高二物理上学期期末试卷(a卷)(含解析)-人教版高二全册物理试题

2015-2016学年安徽省亳州市高二〔上〕期末物理试卷〔A卷〕一、选择题〔此题共10小题，每一小题4分，共40分．在每一小题给出的四个选项中第1至7题只有一项符合题目要求，第8至10题有多个选项符合要求，全部选对得4分，选对但不全的得2分，有错选的得0分〕1．如下关于点电荷的说法，正确的答案是〔〕A．点电荷一定是电量很小的电荷B．点电荷是一种理想化模型，实际不存在C．只有体积很小的带电体，才能作为点电荷D．体积很大的带电体一定不能看成点电荷2．如图，在正点电荷Q形成的电场中，在某点M放入一电荷量为q的正点电荷P，P受到的库仑力为F，如下表述正确的答案是〔〕A．假设将P移近Q，如此P所受库仑力减小B．假设将P移走，如此M点的电场强度为零C．假设将P处换负电荷，如此P处场强反向D．假设将P的电荷量增大为2q，如此P所受库仑力增大为2F3．某电场的电场线的分布如下列图．一个带电粒子由M点沿图中虚线所示的途径运动通过N点．如此如下判断正确的答案是〔〕A．粒子带负电B．粒子在M点的加速度大C．粒子在M点的电势能大于在N点的电势能D．M点的电势低于N点电势4．如下列图，平行板电容器与电动势为E的直流电源〔内阻不计〕连接，下极板接地．一带电油滴位于电容器中的P点且恰好处于平衡状态．现将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离〔〕A．带电油滴将沿竖直方向向上运动B．P点的电势将降低C．带电油滴的电势能将减小D．假设电容器的电容减小，如此极板带电量将增大5．在如下列图的电路中，E为电源，其内阻为r，L为小灯泡〔其灯丝电阻可视为不变〕，R1、R2为定值电阻，R3为光敏电阻，其阻值大小随所受照射光强度的增大而减小，V为理想电压表．假设将照射R3的光的强度减弱，如此〔〕A．电压表的示数变大 B．小灯泡消耗的功率变小C．通过R2的电流变小D．电源两极间的电压变小6．如图是某离子速度选择器的原理示意图，在一半径为R=10cm的圆柱形桶内有B=10﹣4T的匀强磁场，方向平行于轴线，在圆柱桶某一直径两端开有小孔，作为入射孔和出射孔．离子束以不同角度入射，最后有不同速度的离子束射出．现有一离子源发射质荷比为=2×1011C/kg的阳离子，且离子束中速度分布连续．当角θ=45°，出射离子速度υ的大小是〔〕A．×106m/s B．2×106m/s C．2×108m/s D．4×106m/s7．长方体金属块放在匀强磁场中，有电流通过金属块，如下列图．如此下面说法中正确是〔〕A．金属块上、下外表电势相等B．金属块上外表电势高于下外表电势C．金属块上外表电势低于下外表电势D．无法比拟上、下外表的电势上下8．如下列图，在y轴上关于O点对称的A、B两点有等量同种点电荷+Q，在x轴上C点有点电荷﹣Q，且CO=OD，∠ADO=60°．如下判断正确的答案是〔〕A．O点电场强度为零B．D点电场强度不为零C．假设将点电荷+q从O移向C，电势能增大D．假设将点电荷﹣q从O移向C，电势能增大9．如下列图，甲、乙两个电路都是由一个灵敏电流表G和一个变阻器R组成，如下说法正确的答案是〔〕A．甲表是电流表，R增大时量程增大B．甲表是电流表，R增大时量程减小C．乙表是电压表，R增大时量程增大D．乙表是电压表，R增大时量程减小10．目前世界上正研究的一种新型发电机叫磁流体发电机，如图表示它的发电原理：将一束等离子体〔即高温下电离的气体，含有大量带正电和带负电的微粒，而从整体来说〔呈中性〕沿图中所示方向喷射入磁场，磁场中有两块金属板A、B，这时金属板上就聚集了电荷．在磁极配置如下列图的情况下，下述说法正确的答案是〔〕A．A板带正电B．有电流从b经用电器流向aC．金属板A、B间的电场方向向下D．等离子体发生偏转的原因是离子所受洛伦兹力大于所受电场力二、实验题〔此题共2小题，共16分〕11．某实验小组在“测定金属电阻率〞的实验过程中，正确操作获得金属丝的直径以与电流表、电压表的读数如下列图，如此它们的读数值依次是mm、A、V12．某同学为了测定一只电阻的阻值，采用了如下方法：①用多用电表粗测：多用电表电阻挡有4个倍率，分别为“×1k〞、“×100〞、“×10〞、“×1〞．该同学选择“×100〞倍率，用正确的操作步骤测量时，发现指针偏转角度太大〔指针位置如图1中虚线所示〕．为了较准确地进展测量，请你补充完整如下依次应该进展的主要操作步骤：a．b．两表笔短接，调节欧姆调零旋钮，使指针指在“0Ω〞处．c．重新测量并读数，假设这时刻度盘上的指针位置如图中实线所示，测量结果是．②该同学用伏安法继续测定这只电阻的阻值，除被测电阻外，还有如下实验仪器：A．直流电源〔电压3V，内阻不计〕B．电压表V1〔量程0～3V，内阻约为5kΩ〕C．电压表V2〔量程0～15V，内阻约为25kΩ〕D．电流表A1〔量程0～25mA，内阻约为1Ω〕E．电流表A2〔量程0～250mA，内阻约为0.1Ω〕F．滑动变阻器一只，阻值0～20ΩG．开关一只，导线假设干在上述仪器中，电压表应选择〔填“V1〞或“V2〞〕，电流表应选择〔填“A1〞或“A2〞〕．请在图2方框内画出电路原理图．三、论述、计算题〔此题共4小题，共44分〕解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位，只写出最后答案不能得分．13．如下列图，在匀强电场中，有A、B两点，它们间距为2cm，两点的连线与场强方向成60°角．将一个电量为﹣2×10﹣5C的电荷由A移到B，其电势能增加了0.1J．如此：〔1〕在此过程中，电场力对该电荷做了多少功？〔2〕A、B两点的电势差U AB为多少？〔3〕匀强电场的场强为多大？14．在图所示电路中，电源电动势E=6V，内阻r=1Ω．D为直流电动机，其电枢线圈电阻R=2Ω，限流电阻R′=3Ω．当电动机正常工作时，电压表示数为0.3V．求：〔1〕通过电动机的电流是多大？〔2〕电动机输入的电功率、转变为热量的功率和输出机械功率各是多少？15．如下列图，两平行金属导轨间的距离L=0.40m，金属导轨所在的平面与水平面夹角θ=37°，在导轨所在平面内，分布着磁感应强度B=0.50T、方向垂直于导轨所在平面的匀强磁场．金属导轨的一端接有电动势E=4.5V、内阻r=0.50Ω的直流电源．现把一个质量m=0.04kg的导体棒ab放在金属导轨上，导体棒恰好静止．导体棒与金属导轨垂直、且接触良好，导体棒与金属导轨接触的两点间的电阻R0=2.5Ω，金属导轨电阻不计，g取10m/s2．sin37°=0.60，cos37°=0.80，求：〔1〕通过导体棒的电流；〔2〕导体棒受到的安培力大小；〔3〕导体棒受到的摩擦力．16．如下列图装置中，区域Ⅰ和Ⅲ中分别有竖直向上和水平向右的匀强电场，电场强度分别为E和；Ⅱ区域内有垂直向外的水平匀强磁场，磁感应强度为B．一质量为m、带电量为q 的带负电粒子〔不计重力〕从左边界O点正上方的M点以速度v0水平射入电场，经水平分界限OP上的A点与OP成60°角射入Ⅱ区域的磁场，并垂直竖直边界CD进入Ⅲ区域的匀强电场中．求：〔1〕粒子在Ⅱ区域匀强磁场中运动的轨道半径〔2〕O、M间的距离〔3〕粒子从M点出发到第二次通过CD边界所经历的时间．2015-2016学年安徽省亳州市高二〔上〕期末物理试卷〔A卷〕参考答案与试题解析一、选择题〔此题共10小题，每一小题4分，共40分．在每一小题给出的四个选项中第1至7题只有一项符合题目要求，第8至10题有多个选项符合要求，全部选对得4分，选对但不全的得2分，有错选的得0分〕1．如下关于点电荷的说法，正确的答案是〔〕A．点电荷一定是电量很小的电荷B．点电荷是一种理想化模型，实际不存在C．只有体积很小的带电体，才能作为点电荷D．体积很大的带电体一定不能看成点电荷【考点】元电荷、点电荷．【分析】带电体看作点电荷的条件，当一个带电体的形状与大小对它们间相互作用力的影响可忽略时，这个带电体可看作点电荷，是由研究问题的性质决定，与自身大小形状无具体关系．【解答】解：A、由点电荷的定义，可知其与带电量无关，故A错误B、由点电荷的定义知，它是理想化的模型，实际并不存在，故B正确C、由点电荷的定义知，它与体积大小无关，故C错误D、由点电荷的定义知，它与体积大小无关，故D错误应当选B【点评】此题关键明确点电荷是一直理想模型，知道物体是否可以简化为点电荷，关键是看物体的尺度在所研究的问题中是否可以忽略不计．2．如图，在正点电荷Q形成的电场中，在某点M放入一电荷量为q的正点电荷P，P受到的库仑力为F，如下表述正确的答案是〔〕A．假设将P移近Q，如此P所受库仑力减小B．假设将P移走，如此M点的电场强度为零C．假设将P处换负电荷，如此P处场强反向D．假设将P的电荷量增大为2q，如此P所受库仑力增大为2F【考点】库仑定律．【专题】定性思想；推理法；电场力与电势的性质专题．【分析】电场中的场强与放入电场中的电荷无关，电场强度的定义式为E=．电场线的疏密表示场强的大小，电场线越密的地方，场强越强；电场线越疏的地方，场强越弱．【解答】解：A、由点电荷电场强度公式E=可知，假设将P移近Q时，两者间的库仑力将增大，故A错误；B、M点的电场强度由正点电荷Q产生的，当在M点放入P点电荷时，如此电荷受到电场力作用；当取走电荷时，如此没有电场力，而该处的电场强度却依然存在，故B错误；C、假设将P处换负电荷，如此P处受到电场力方向反向，而场强方向仍不变，故C错误；D、根据电场强度的定义式为E=．当将P的电荷量增大为2q，如此P所受库仑力增大为2F，故D正确，应当选：D．【点评】解决此题的关键理解电场强度的定义式E=．知道其与放入电场中的电荷无关．电场线越密的地方，场强越强；电场线越疏的地方，场强越弱．3．某电场的电场线的分布如下列图．一个带电粒子由M点沿图中虚线所示的途径运动通过N点．如此如下判断正确的答案是〔〕A．粒子带负电B．粒子在M点的加速度大C．粒子在M点的电势能大于在N点的电势能D．M点的电势低于N点电势【考点】电势差与电场强度的关系．【专题】比拟思想；图析法；电场力与电势的性质专题．【分析】由粒子轨迹的弯曲方向判断带电粒子所受电场力的大致方向，从而确定带电粒子的电性．根据电场线的疏密判断电场强度的大小，再去判断电场力的大小，由牛顿第二定律分析加速度的大小．根据电场力做功的正负判断电势能的大小．由电场线的方向分析电势的上下．【解答】解：A、由图看出，粒子的轨迹向右弯曲，如此粒子所受的电场力大致向右上方，电场线方向斜向右上方，说明该粒子带正电，故A错误．B、M点处的电场线较疏，N点处电场线较密，如此M点处的电场强度较小，粒子所受的电场力也较小，根据牛顿第二定律得知，粒子在M点的加速度小．故B错误．C、粒子从M运动到N的过程中，电场力做正功，粒子的电势能减小，如此粒子在M点的电势能大于在N点的电势能，故C正确．D、根据顺着电场线方向电势逐渐降低，可知，M点所在等势面的电势高于N点所在等势面的电势，如此M点的电势高于N点电势．故D错误．应当选：C【点评】对于粒子在电场中运动的问题，往往要根据曲线运动的特点：合力方向指向轨迹的内侧判断电场力方向．再结合电场线的物理意义分析场强、电势的大小．4．如下列图，平行板电容器与电动势为E的直流电源〔内阻不计〕连接，下极板接地．一带电油滴位于电容器中的P点且恰好处于平衡状态．现将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离〔〕A．带电油滴将沿竖直方向向上运动B．P点的电势将降低C．带电油滴的电势能将减小D．假设电容器的电容减小，如此极板带电量将增大【考点】带电粒子在混合场中的运动．【专题】带电粒子在复合场中的运动专题．【分析】将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离，电容器两板间电压不变，根据E=分析板间场强的变化，判断电场力变化，确定油滴运动情况．由U=Ed分析P点与下极板间电势差如何变化，即能分析P点电势的变化和油滴电势能的变化．【解答】解：A、将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离，由于电容器两板间电压不变，根据E=得知板间场强减小，油滴所受的电场力减小，如此油滴将向下运动．故A 错误．B、场强E减小，而P点与下极板间的距离不变，如此由公式U=Ed分析可知，P点与下极板间电势差将减小，而P点的电势高于下极板的电势，如此知P点的电势将降低．故B正确．C、由带电油滴原来处于平衡状态可知，油滴带负电，P点的电势降低，如此油滴的电势能将增加．故C错误．D、根据Q=Uc，由于电势差不变，电容器的电容减小，故带电量减小，故D错误；应当选：B．【点评】此题运用E=分析板间场强的变化，判断油滴如何运动．运用推论：正电荷在电势高处电势能大，而负电荷在电势高处电势能小，来判断电势能的变化．5．在如下列图的电路中，E为电源，其内阻为r，L为小灯泡〔其灯丝电阻可视为不变〕，R1、R2为定值电阻，R3为光敏电阻，其阻值大小随所受照射光强度的增大而减小，V为理想电压表．假设将照射R3的光的强度减弱，如此〔〕A．电压表的示数变大 B．小灯泡消耗的功率变小C．通过R2的电流变小D．电源两极间的电压变小【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】由光敏电阻的性质可知电路中电阻的变化，如此由闭合电路欧姆定律可得出电路中电流的变化，由欧姆定律可得出电压表示数的变化；同时还可得出路端电压的变化；由串联电路的规律可得出并联局部电压的变化，再由并联电路的规律可得出通过小灯泡的电流的变化，由功率公式即可得出灯泡功率的变化．【解答】解：A、将光照强度减弱，光敏电阻的阻值增大，电路中的总电阻增大；由闭合电路欧姆定律可得，电路中干路电流减小，故R1两端的电压减小，电压表的示数变小．故A 错误；B、C因干路电流减小，电耗的内电压减小，路端电压增大，同时R1两端的电压减小，故并联电路局部电压增大；如此流过R2的电流增大，故C错误；由并联电路的电流规律可知，流过灯泡的电流一定减小，故由P=I2R可知，小灯泡消耗的功率变小，故B正确；D、电源两端的电压为路端电压，由上分析可知，电源两端的电压变大，故D错误；应当选B．【点评】闭合电路的动态分析问题一般按外电路、内电路再外电路的分析思路进展；分析内电路主要根据总电流与内阻分析内压，而外电路较为复杂，要注意灵活应用电路的性质．6．如图是某离子速度选择器的原理示意图，在一半径为R=10cm的圆柱形桶内有B=10﹣4T的匀强磁场，方向平行于轴线，在圆柱桶某一直径两端开有小孔，作为入射孔和出射孔．离子束以不同角度入射，最后有不同速度的离子束射出．现有一离子源发射质荷比为=2×1011C/kg的阳离子，且离子束中速度分布连续．当角θ=45°，出射离子速度υ的大小是〔〕A．×106m/s B．2×106m/s C．2×108m/s D．4×106m/s【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动．【专题】带电粒子在磁场中的运动专题．【分析】离子束不经碰撞而直接从出身孔射出，即可根据几何知识画出轨迹，由几何关系求出轨迹的半径，即可由牛顿第二定律求速度v【解答】解：离子从小孔a射入磁场，与ab方向的夹角为α=45°，如此离子从小孔b离开磁场时速度与ab的夹角也为α=45°，过入射速度和出射速度方向作垂线，得到轨迹的圆心O′，画出轨迹如图，由几何知识得到轨迹所对应的圆心角θ=2α=90°，如此离子的轨迹半径r=2R，r=R=×0.1m=m由牛顿第二定律得：得：v==•rB=2×1011××10﹣4=2×106m/s应当选：B【点评】此题的解题关键是根据几何知识画出离子的运动轨迹，得到半径，即可求解速度v．7．长方体金属块放在匀强磁场中，有电流通过金属块，如下列图．如此下面说法中正确是〔〕A．金属块上、下外表电势相等B．金属块上外表电势高于下外表电势C．金属块上外表电势低于下外表电势D．无法比拟上、下外表的电势上下【考点】霍尔效应与其应用．【专题】带电粒子在磁场中的运动专题．【分析】金属块中移动的是自由电子，电流水平向右，知电子向左运动，根据左手定如此判断洛伦兹力的方向，从而得知电子的偏转方向，最终比拟出上下外表电势的上下．【解答】解：电子从右向左运动，根据左手定如此，电子向上偏转，上外表得到电子带负电，下外表失去电子带正电，所以上外表的电势低于下外表的电势．故C正确，A、B、D错误．应当选C．【点评】解决此题的关键知道金属中移动的是自由电子，以与掌握左手定如此判断洛伦兹力的方向．8．如下列图，在y轴上关于O点对称的A、B两点有等量同种点电荷+Q，在x轴上C点有点电荷﹣Q，且CO=OD，∠ADO=60°．如下判断正确的答案是〔〕A．O点电场强度为零B．D点电场强度不为零C．假设将点电荷+q从O移向C，电势能增大D．假设将点电荷﹣q从O移向C，电势能增大【考点】电势能；电场强度；电场的叠加．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】O点和D点的电场强度是三个电荷产生的电场强度的合成，根据叠加原理确定两点的电场强度．确定出从O到C电场的方向，根据电场力做功的正负，判断电势能的变化．【解答】解：A、A、B两点两个等量同种点电荷+Q在O点产生的电场强度抵消，O点的电场强度等于点电荷﹣Q在O点产生的电场强度，不为零．故A错误．B、设AD=r，根据点电荷产生的电场强度公式E=k得到，两个等量同种点电荷+Q在D点产生的电场强度大小为E1=k，方向水平向右．﹣Q在O点产生的电场强度大小也为E=k，方向水平向左，如此D点的合场强为零．故B错误．C、根据电场的叠加原理得到，C、O间电场强度方向为O到C，将点电荷+q从O移向C，电场力做正功，电势能减小．故C错误．D、将点电荷﹣q从O移向C，电场力做负功，电势能增大．故D正确．应当选：D．【点评】空间任何一点的场强是各个电荷产生的电场叠加的结果，根据平行四边形定如此进展合成．等量同种电荷的电场要抓住对称性．9．如下列图，甲、乙两个电路都是由一个灵敏电流表G和一个变阻器R组成，如下说法正确的答案是〔〕A．甲表是电流表，R增大时量程增大B．甲表是电流表，R增大时量程减小C．乙表是电压表，R增大时量程增大D．乙表是电压表，R增大时量程减小【考点】把电流表改装成电压表．【专题】实验题．【分析】灵敏电流计G和变阻器R并联时，由于变阻器的分流，测量的电流增大，改装成电流表，而灵敏电流计G和变阻器R串联时，由于变阻器的分压，测量的电压增大，改装成电压表．甲表中，R增大时，变阻器分流减小，量程减小．乙表中，R增大时，变阻器分担的电压增大，量程增大．【解答】解：A、甲表是电流表，R增大时，甲表中变阻器分流减小，量程减小，故A错误，B正确．C、乙是电压表，R增大时，变阻器分担的电压增大，乙表量程增大，故C正确，D错误．应当选：BC．【点评】此题考查电表改装原理的理解能力．当电流计的指针满偏时，电流表或电压表的指针满偏，所测量的电流或电压达到最大值．10．目前世界上正研究的一种新型发电机叫磁流体发电机，如图表示它的发电原理：将一束等离子体〔即高温下电离的气体，含有大量带正电和带负电的微粒，而从整体来说〔呈中性〕沿图中所示方向喷射入磁场，磁场中有两块金属板A、B，这时金属板上就聚集了电荷．在磁极配置如下列图的情况下，下述说法正确的答案是〔〕A．A板带正电B．有电流从b经用电器流向aC．金属板A、B间的电场方向向下D．等离子体发生偏转的原因是离子所受洛伦兹力大于所受电场力【考点】霍尔效应与其应用．【专题】带电粒子在磁场中的运动专题．【分析】根据左手定如此判断出正负电荷所受洛伦兹力的方向，从而判断出正负电荷的偏转方向，带正电的极板电势高，电流从正极板流向负极板．【解答】解：A、根据左手定如此知，正电荷向下偏，负电荷向上偏，如此A板带负电．故A错误．B、因为B板带正电，A板带负电，所以电流的流向为b流向a．故B正确．C、因为B板带正电，A板带负电，所以金属板间的电场方向向上．故C错误．D、等离子体发生偏转的原因是离子所受洛伦兹力大于所受电场力．故D正确．应当选BD．【点评】解决此题的关键掌握左手定如此判断洛伦兹力的方向，以与知道电流在外电路中，由高电势流向低电势．二、实验题〔此题共2小题，共16分〕11．某实验小组在“测定金属电阻率〞的实验过程中，正确操作获得金属丝的直径以与电流表、电压表的读数如下列图，如此它们的读数值依次是0.999 mm、0.42 A、 2.28 V【考点】测定金属的电阻率．【专题】实验题．【分析】螺旋测微器读数时，可以分成整数局部和小数局部两局部来读，读整数时，注意“半毫米〞刻度线是否露出；电表读数时注意“估读〞方式：假设每小格的读数是“0.02〞A，如此应是估读，即估读到0.01A，假设每小格的读数是“0.1〞V，如此应是“〞估读，即估读到0.01V，假设每小格最小读数是“0.5〞，如此应是估读，即估读到“0.1〞即可．【解答】解：螺旋测微器的读数为：d=0.5mm+49.9×0.01mm=0.999mm；电流表的读数为：I=0.42A；电压表的读数为：U=2.28V故答案为：0.999，0.42，2.28【点评】在螺旋测微器读数时，要分别读出整数局部和小数局部，再求出两局部的和，如此应“半毫米〞刻度线是否露出；在电表读数时，有“〞、“〞、“〞等几种估读方法，方法是：先求出每小格的读数，假设出现“1〞如此应是估读，出现“2〞如此应是“〞估读，出现“5〞如此是“估读．〞12．某同学为了测定一只电阻的阻值，采用了如下方法：①用多用电表粗测：多用电表电阻挡有4个倍率，分别为“×1k〞、“×100〞、“×10〞、“×1〞．该同学选择“×100〞倍率，用正确的操作步骤测量时，发现指针偏转角度太大〔指针位置如图1中虚线所示〕．为了较准确地进展测量，请你补充完整如下依次应该进展的主要操作步骤：a．换用倍率“×10〞的挡b．两表笔短接，调节欧姆调零旋钮，使指针指在“0Ω〞处．c．重新测量并读数，假设这时刻度盘上的指针位置如图中实线所示，测量结果是120Ω．②该同学用伏安法继续测定这只电阻的阻值，除被测电阻外，还有如下实验仪器：A．直流电源〔电压3V，内阻不计〕B．电压表V1〔量程0～3V，内阻约为5kΩ〕C．电压表V2〔量程0～15V，内阻约为25kΩ〕D．电流表A1〔量程0～25mA，内阻约为1Ω〕E．电流表A2〔量程0～250mA，内阻约为0.1Ω〕F．滑动变阻器一只，阻值0～20ΩG．开关一只，导线假设干在上述仪器中，电压表应选择V1〔填“V1〞或“V2〞〕，电流表应选择A1〔填“A1〞或“A2〞〕．请在图2方框内画出电路原理图．【考点】伏安法测电阻．【专题】实验题．【分析】①欧姆表盘指针偏转角度越大，如此电流越大，电阻越小要换小量程档位；换档的要进展欧姆调零，读数要乘以倍率．②根据电源电动势选择电压表量程，根据欧姆定律估测通过电路的最大电流，然后选择电流表量程．该实验中，需要屡次测量求平均值，故电流和电压的变化范围要适当大一些，被测电阻比滑动变阻器大的较多，故应选择使用分压电路；因待测电阻的阻值较大，应当选择电流表内接法．【解答】解：①因偏转角度过大，如此电阻小要用小量程的，将选择开关置于×10档，图示读数为：12×10=120Ω②题中电源电压3V，故电压表选择V1即可；根据欧姆定律电流：I==0.025A=25mA，故电流表选取A1；该实验中，需要屡次测量求平均值，故电流和电压的变化范围要适当大一些，被测电阻比滑动变阻器大的较多，故应选择使用分压电路；因待测电阻的阻值较大，应当选择电流表内接法．电路图如图．故答案为：①a．换用倍率“×10〞的挡c．120Ω②V1；A1；电路原理图如下列图．【点评】要明确欧姆表的改装原理和读数方法以与倍率的选择方法；选择电表量程时要通过估算来选择，熟记电流表内外接法的选择方法和滑动变阻器采用分压式接法的条件．。

安徽省亳州市2012-2013学年度高三摸底考试理综试题扫描版.pdf

（3分）
将q/m=1/k代入得（3分）
⑵如答23图所示，因带电颗粒在矩形空间PQNM中做匀速圆周运动，有
（4分）
由几何关系得：
（4分）
得
（2分）
24.（20分
解析：(1)设滑块到达B点的速度为vB，由机械能守恒定律，有=4m/s
（2分）
(2)滑块在传送带上做匀加速运动，受到传送带对它的滑动摩擦力，
（3）没有发生进化，入侵种群在侵入该地区若干年后种群的基因频率没有发生变化。
30.
Ⅰ. （除注明外，每空2分）
（1）二次免疫（再次免疫）（1分）
（2）淋巴因子（1分）
（3）A E B、C、D、F（答全给分）
（4）凋亡
Ⅱ.（每空2分）
（1）2～3 漂洗、染色、制片细胞排列紧密，呈正方形，有些正在分裂。
（4） ( 2分（5）181.5 (3分)
26.(15分
，还原（各1分）
（2）
（3）CH3COOH+CH3CH2OH
CH3COOCH2CH3 +H2O (2分)
(4) ③（2分）
(5) 2，3-二甲基苯酚
（每空2分）
27．（本题共分）MgSO4，MnSO4
（2）Mn2++ClO-+H2O＝MnO2↓+Cl-+2H+%（4分）
由牛顿第二定律Mg=Ma ，a=5m/s2 （2分）
滑块对地位移为L，末速度为vC，设滑块在传送带上一直速
由速度位移关系式，可知滑块未达共速
滑块从C至F，由机械能守恒定律，有
得（2分）
在F处由牛顿第二定律FN=－1.0N ，即管下壁对a滑块有向上的支持力。（2分）

高二物理上学期第二次月考试题高二全册物理试题_22

嗦夺市安培阳光实验学校曲周一中高二（上）第二次月考物理试卷一、选择题（每题4分，共64分，选对且少选、漏选得2分．多选、错选得0分）1．磁场中某区域的磁感线，如图所示，则（）A．a、b两处的磁感应强度的大小不等，B a＞B bB．a、b两处的磁感应强度的大小不等，B a＜B bC．同一通电导线放在a处受力一定比放在b处受力大D．同一通电导线放在a处受力一定比放在b处受力小2．科学研究表明，地球自西向东的自转速度正在变慢，我国已在2006年1月1日零时进行了时间调整，假如地球的磁场是由地球表面带电引起的，则可以判定（）A．地球表面带正电，由于地球自转变慢，地磁场将变弱B．地球表面带正电，由于地球自转变慢，地磁场将变强C．地球表面带负电，由于地球自转变慢，地磁场将变弱D．地球表面带负电，由于地球自转变慢，地磁场将变强3．两根通电长直导线平行放置，电流大小分别为I1和I2，电流的方向如图所示，在与导线垂直的平面上有a、b、c、d四点，其中a、b在导线横截面连线的延长线上，c、d在导线横截面连线的垂直平分线上．导线中的电流在这四点产生磁场的磁感应强度可能为零的是（）A．a点B．b点C．c点D．d点4．取两个完全相同的长导线，用其中一根绕成如图（a）所示的螺线管，当该螺线管中通以电流强度为I的电流时，测得螺线管内中部的磁感应强度大小为B，若将另一根长导线对折后绕成如图（b）所示的螺线管，并通以电流强度也为I的电流时，则在螺线管内中部的磁感应强度大小为（）A．0 B．0.5B C．B D．2B5．如图所示，在MN、PQ间同时存在匀强磁场和匀强电场，方向垂直纸面水平向外，电场在图中没有标出．一带电小球从a点射入场区，并在竖直面内沿直线运动至b点，则小球（）A．一定带正电B．受到电场力的方向一定水平向右C．从a到b过程，克服电场力做功D．从a到b过程中可能做匀加速运动6．如图所示，平行金属板中带电质点P原处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，当滑动变阻器R4的滑片向b端移动时，则（）A．电压表读数减小B．电流表读数减小C．质点P将向上运动D．R3上消耗的功率逐渐增大7．如图所示，套在足够长的绝缘粗糙直棒上的带正电小球，其质量为m，带电荷量为q，小球可在棒上滑动，现将此棒竖直放入沿水平方向且互相垂直的匀强磁场和匀强电场中．设小球电荷量不变，在小球由静止下滑的过程中（）A．小球加速度一直增大B．小球速度一直增大，直到最后匀速C．杆对小球的弹力一直减小D．小球所受洛伦兹力一直增大，直到最后不变8．如图所示，一束电子流沿管的轴线进入螺线管，忽略重力，电子在管内的运动应该是（）A．当从a端通入电流时，电子做匀加速直线运动B．当从b端通入电流时，电子做匀加速直线运动C．不管从哪端通入电流，电子都做匀速直线运动D．不管从哪端通入电流，电子都做匀速圆周运动9．如图所示，金属细棒质量为m，用两根相同轻弹簧吊放在水平方向的匀强磁场中，弹簧的劲度系数为k，棒ab中通有稳恒电流，棒处于平衡，并且弹簧的弹力恰好为零．若电流大小不变而方向相反，则（）A．每根弹簧弹力的大小为mg B．每根弹簧弹力的大小为2mgC ．每根弹簧形变量为D ．每根弹簧形变量为10．如图所示，在倾角为α的光滑固定斜面上，垂直纸面放置一根长为L，质量为m的直导体棒．在导体棒中的电流I垂直纸面向里时，欲使导体棒静止在斜面上，下列外加匀强磁场的磁感应强度B的大小和方向正确是（）A．B=mg方向垂直斜面向上B．B=mg方向垂直斜面向下C．B=mg方向竖直向上D．B=mg方向竖直向下11．如图所示电路中，电源电动势为E、内阻为r，R0为定值电阻，电容器的电容为C．闭合开关S，增大可变电阻R的阻值，电压表示数的变化量为△U，电流表示数的变化量为△I，则（）A．变化过程中△U和△I的比值保持不变B．电压表示数U和电流表示数I的比值不变C．电阻R0两端电压减小，减小量为△UD．电容器的带电量增大，增加量为C△U12．图中装置可演示磁场对通电导线的作用．电磁铁上下两磁极之间某一水平面内固定两条平行金属导轨，L是置于导轨上并与导轨垂直的金属杆．当电磁铁线圈两端a、b，导轨两端e、f，分别接到两个不同的直流电源上时，L便在导轨上滑动．下列说法正确的是（）A．若a接正极，b接负极，e接正极，f接负极，则L向右滑动B．若a接正极，b接负极，e接负极，f接正极，则L向右滑动C．若a接负极，b接正极，e接正极，f接负极，则L向左滑动D．若a接负极，b接正极，e接负极，f接正极，则L向左滑动13．如图所示，直线Ⅰ、Ⅱ分别是电源1与电源2的路端电压随输出电流的变化的特性图线，曲线Ⅲ是一个小灯泡的伏安特性曲线，如果把该小灯泡分别与电源1、电源2单独连接，则下列说法正确的是（）A．电源1与电源2的内阻之比是11：7B．电源1与电源2的电动势之比是1：1C．在这两种连接状态下，小灯泡消耗的功率之比是1：2D．在这两种连接状态下，小灯泡的电阻之比是1：214．如图质量为m、带电量为+q的带电粒子，以初速度υ0垂直进入相互正交场强为E的匀强电场和磁感应强度为B匀强磁场中，从P点离开该区域，此时侧向位移为y，粒子重力不计，则（）A．粒子在P点所受的电场力一定比磁场力大B．粒子在P 点的加速度为C．粒子在P 点的为动能为mv02+qyED．粒子在P 点的动能为By15．如图甲所示，某空间存在着足够大的匀强磁场，磁场沿水平方向．磁场中有A、B两个物块叠放在一起，置于光滑水平面上．物块A带正电，物块B不带电且表面绝缘．在t=0时刻，水平恒力F作用在物块B上，物块A、B由静止开始做加速度相同的运动．在物块A、B一起运动的过程中，图乙反映的可能是（）A．物块A所受洛伦兹力大小随时间t变化的关系B．物块A对物块B的摩擦力大小随时间t变化的关系C．物块A对物块B的压力大小随时间t变化的关系D．物块B对地面压力大小随时间t变化的关系二、填空题（每题3分，共6分）16．如图所示，质量为m、带电荷量q的小球从P点静止释放，下落一段距离后进入正交的匀强电场和匀强磁场，电场方向水平向左，磁场方向垂直纸面向里，则小球在通过正交的电场和磁场区域时的运动情况是（）A．一定做曲线运动B．轨迹一定是抛物线C．可能做匀速直线运动D．可能做匀加速直线运动17．水平绝缘杆MN套有质量为m，电荷量为+q的带电小球，小球与杆的动摩擦因数为μ，将该装置置于垂直纸面向里的匀强磁场中，磁场的磁感应强度为B，给小球一水平初速度v0，则小球的最终速度可能为．三、论述•计算题（本题共3小题，共34分）18．（10分）（2013秋•校级期末）用一根长L=0.8m的绝缘轻绳，吊一质量m=1.0g的带电小球，放在磁感应强度B=2.5T、方向如图所示的匀强磁场中．把小球拉到悬点的右侧，轻绳刚好水平拉直，将小球由静止释放，小球便在垂直于磁场的竖直平面内摆动．当小球第一次摆到最低点时，悬线的拉力恰好为0.5mg（取重力加速度g=10m/s2）．求：（1）小球带何种电荷？带电量为多少？（2）当小球第二次经过最低点时，悬线对小球的拉力多大？19．（12分）（2011秋•期末）如图甲所示，在水平地面上固定一对与水平面倾角为α的光滑平行导电轨道，轨道间的距离为l，两轨道底端的连线与轨道垂直，顶端接有电源．将一根质量为m的直导体棒ab放在两轨道上，且与两轨道垂直．已知轨道和导体棒的电阻及电源的内电阻均不能忽略，通过导体棒的恒定电流大小为I，方向由a到b，图乙为图甲沿a→b方向观察的平面图．若重力加速度为g，在轨道所在空间加一竖直向上的匀强磁场，使导体棒在轨道上保持静止．（1）请在图乙所示的平面图中画出导体棒受力的示意图；（2）求出磁场对导体棒的安培力的大小；（3）如果改变导轨所在空间的磁场方向，试确定使导体棒在轨道上保持静止的匀强磁场磁感应强度B的最小值的大小和方向．20．（12分）（2014秋•校级期末）如图所示，PQ和MN为水平平行放置的金属导轨，相距L=1m．P、M间接有一个电动势为E=6V、内阻为r=1Ω的电源和一只滑动变阻器，导体棒ab跨放在导轨上，棒的质量为m=0.2kg，棒的中点用细绳经定滑轮与一物体相连（绳与棒垂直），物体的质量为M=0.3kg．棒与导轨的动摩擦因数为μ=0.5（设最大静摩擦力与滑动摩擦力相等，导轨与棒的电阻不计，g取10m/s2），匀强磁场的磁感应强度B=2T，方向竖直向下．求为了使物体保持静止，滑动变阻器连入电路的阻值的范围．曲周一中高二（上）第二次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（每题4分，共64分，选对且少选、漏选得2分．多选、错选得0分）1．磁场中某区域的磁感线，如图所示，则（）A．a、b两处的磁感应强度的大小不等，B a＞B bB．a、b两处的磁感应强度的大小不等，B a＜B bC．同一通电导线放在a处受力一定比放在b处受力大D．同一通电导线放在a处受力一定比放在b处受力小考点：带电粒子在匀强磁场中的运动．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：磁场是一种特殊物质形态，既看不见又摸不着．因此引入磁感线来帮助我们理解磁场，磁感线的疏密表示磁场的强弱，磁感线上某点的切线方向表磁场的方向．而小段通电导线放在磁场中有磁场力作用，但要注意放置的角度．解答：解：磁场中某区域的磁感线如图所示：a处的磁感线比b处疏，则a点磁感强度比b 点小．所以A不正确，B正确；当将一小段通电导线放入磁场时，若没有磁场力，不一定没有磁感应强度，原因是受到放置角度的限制，当通电导线垂直磁场时，受到的磁场力最大．所以C、D选项均不正确．故选B．点评：磁场方向的是根据小磁针的受力方向规定的，小磁针N极受力方向或静止时所指方向就是该点磁场方向，也是磁感应强度方向．也可用磁感线的切线方向来判定磁场中的某点的磁场方向．磁感线的疏密程度来表示磁感应强度的大小．密的地方磁感应强度大，疏的地方磁感应强度小．这些特点和电场中的电场强度的方向和大小非常类似．2．科学研究表明，地球自西向东的自转速度正在变慢，我国已在2006年1月1日零时进行了时间调整，假如地球的磁场是由地球表面带电引起的，则可以判定（）A．地球表面带正电，由于地球自转变慢，地磁场将变弱B．地球表面带正电，由于地球自转变慢，地磁场将变强C．地球表面带负电，由于地球自转变慢，地磁场将变弱D．地球表面带负电，由于地球自转变慢，地磁场将变强考点：分子电流假说．分析：将地球的自转等效为环形电流，根据地磁场的方向，通过右手螺旋定则判断地球表面所带电荷的电性，电流越大，磁场越强．解答：解：将地球自转等效成环形电流，南极为磁场N极，由右手螺旋定则可知地球带负电，地球转速变慢，使环形电流减小，故磁场减弱．故C正确，A、B、D错误．故选：C．点评：解决本题的关键将地球自转等效为环形电流，根据右手螺旋定则进行判断．3．两根通电长直导线平行放置，电流大小分别为I1和I2，电流的方向如图所示，在与导线垂直的平面上有a、b、c、d四点，其中a、b在导线横截面连线的延长线上，c、d在导线横截面连线的垂直平分线上．导线中的电流在这四点产生磁场的磁感应强度可能为零的是（）A．a点B．b点C．c点D．d点考点：磁感线及用磁感线描述磁场；磁感应强度．分析：由安培定则确定两电流在图示各点所产生的磁场方向，若方向相反，磁感应强度可能为0，否则不可．解答：解：A、根据安培定则可知两电流在a 点磁感应强度的方向相反，若I1＜I2由于a离I1近，故在a点I1的磁感应强度的大小可能等于I2的磁感应强度．则a点磁感应强度可能为0．故A正确；B、根据安培定则可知两电流在b点的磁感应强度的方向相反，若I1＞I2，由于I2离b点近，则B点点I1的磁感应强度的大小可能等于I2的磁感应强度，故b点磁感应强度可为0．故B正确；C、根据安培定则可知两电流在 c 点 d点的B的方向相同，故b，c两点的磁感应强度不可能为0．故CD错误；故选：AB点评：该题考查电流周围的磁场以及磁场的合成，明确安培定则的使用的方法与电流的磁感应强度与电流的大小，距离有关．4．取两个完全相同的长导线，用其中一根绕成如图（a）所示的螺线管，当该螺线管中通以电流强度为I的电流时，测得螺线管内中部的磁感应强度大小为B，若将另一根长导线对折后绕成如图（b）所示的螺线管，并通以电流强度也为I的电流时，则在螺线管内中部的磁感应强度大小为（）A．0 B．0.5B C．B D．2B考点：磁感应强度．专题：电磁学．分析：本题比较简单，考查了通电螺线管周围的磁场，弄清两图中电流以及导线的绕法的异同即可正确解答本题．解答：解：在图（b）中，由于两根导线中的电流方向相反，产生的磁场相互抵消，所以在b中螺线管内中部的磁感应强度大小为零，故BCD错误，A正确．故选A．点评：要根据安培定则正确分析通电直导线、通电螺线管等周围磁场分部情况．5．如图所示，在MN、PQ间同时存在匀强磁场和匀强电场，方向垂直纸面水平向外，电场在图中没有标出．一带电小球从a点射入场区，并在竖直面内沿直线运动至b点，则小球（）A．一定带正电B．受到电场力的方向一定水平向右C．从a到b过程，克服电场力做功D．从a到b过程中可能做匀加速运动考点：带电粒子在匀强磁场中的运动．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：粒子在复合场中受到重力、电场力与洛伦兹力共同作用，做直线运动，由此可确定一定做匀速直线运动，因此速度影响洛伦兹力的变化．从而可确定电场力的方向可能性，并确定电场力做功的情况．解答：解：A、因重力的方向已确定，加之磁场方向，若带正电，则根据左手定则可知，洛伦兹力的方向，那么电场力与重力及洛伦兹力相平衡．若带负电，同理，三者仍能处于平衡．故A错误，B错误；C、从图中可知，电场力总是做负功，故C正确；D、根据题意可知，小球做直线运动，由于洛伦兹力与速度的关系，可确定一定做匀速直线运动，故D错误，故选：C点评：考查粒子在复合场中受到重力、电场力与洛伦兹力共同作用下做直线运动，且根据运动与力分析得一定是匀速直线运动，这是解题的关键之处．6．如图所示，平行金属板中带电质点P原处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，当滑动变阻器R4的滑片向b端移动时，则（）A．电压表读数减小B．电流表读数减小C．质点P将向上运动D．R3上消耗的功率逐渐增大考点：闭合电路的欧姆定律．专题：压轴题；恒定电流专题．分析：由图可知电路结构，由滑片的移动可知电路中电阻的变化，再由闭合电路欧姆定律可知各电表示数的变化及电容器两端的电压变化；再分析质点的受力情况可知质点的运动情况．解答：解：由图可知，R2与滑动变阻器R4串联后与R3并联后，再由R1串联接在电源两端；电容器与R3并联；当滑片向b移动时，滑动变阻器接入电阻减小，则电路中总电阻减小；由闭合电路欧姆定律可知，电路中电流增大；路端电压减小，同时R1两端的电压也增大；故并联部分的电压减小；由欧姆定律可知流过R3的电流减小，则流过并联部分的电流增大，故电流表示数增大；故B错误；因并联部分电压减小，而R2中电压增大，故电压表示数减小，故A正确；因电容器两端电压减小，故电荷受到的向上电场力减小，则重力大于电场力，合力向下，电荷向下运动，故C错误；因R3两端的电压减小，由P=可知，R3上消耗的功率减小；故D错误；故选A．点评：解决闭合电路欧姆定律的题目，一般可以按照整体﹣局部﹣整体的思路进行分析，注意电路中某一部分电阻减小时，无论电路的连接方式如何，总电阻均是减小的．7．如图所示，套在足够长的绝缘粗糙直棒上的带正电小球，其质量为m，带电荷量为q，小球可在棒上滑动，现将此棒竖直放入沿水平方向且互相垂直的匀强磁场和匀强电场中．设小球电荷量不变，在小球由静止下滑的过程中（）A．小球加速度一直增大B．小球速度一直增大，直到最后匀速C．杆对小球的弹力一直减小D．小球所受洛伦兹力一直增大，直到最后不变考点：带电粒子在混合场中的运动．专题：带电粒子在复合场中的运动专题．分析：本题应通过分析小球的受力情况，来判断其运动情况：小球受重力、摩擦力（可能有）、弹力（可能有）、向左的洛伦兹力、向右的电场力，当洛伦兹力等于电场力时，合力等于重力，加速度最大；当洛伦兹力大于电场力，且滑动摩擦力与重力平衡时，速度最大．解答：解：小球下滑过程中，受到重力、摩擦力（可能有）、弹力（可能有）、向左的洛伦兹力、向右的电场力．开始阶段，洛伦兹力小于电场力时，小球向下做加速运动时，速度增大，洛伦兹力增大，小球所受的杆的弹力向左，大小为N=qE﹣qvB，N随着v的增大而减小，滑动摩擦力f=μN也减小，小球所受的合力F合=mg﹣f，f减小，F合增大，加速度a增大；当洛伦兹力等于电场力时，合力等于重力，加速度最大；小球继续向下做加速运动，洛伦兹力大于电场力，小球所受的杆的弹力向右，大小为N=qvB﹣qE，v增大，N增大，f增大，F合减小，a减小．当mg=f时，a=0，故加速度先增大后减小，直到为零；小球的速度先增大，后不变；杆对球的弹力先减小后反向增大，最后不变；洛伦兹力先增大后不变．故BD正确，AC错误．故选BD点评：本题关键明确小球的运动情况，先做加速度增加的加速运动，然后做加速度减小的加速运动，当加速度减为零时，速度最大．8．如图所示，一束电子流沿管的轴线进入螺线管，忽略重力，电子在管内的运动应该是（）A．当从a端通入电流时，电子做匀加速直线运动B．当从b端通入电流时，电子做匀加速直线运动C．不管从哪端通入电流，电子都做匀速直线运动D．不管从哪端通入电流，电子都做匀速圆周运动考点：左手定则；洛仑兹力．分析：长通电螺线管中产生的磁场方向平行于螺线管的轴线．根据电子的运动方向与磁场方向的关系，分析电子所受洛伦兹力的情况，判断电子的运动情况．解答：解：由于长通电螺线管中产生的磁场方向平行于螺线管的中心轴线，与电子的运动方向平行，则电子在磁场中不受洛伦兹力，电子重力又不计，则电子做匀速直线运动．故选C点评：本题关键是了解通电螺线管磁场方向特点，在其内部，磁场线是平行于螺旋管轴线的，当带电粒子与磁场方向平行时不受洛伦兹力．9．如图所示，金属细棒质量为m，用两根相同轻弹簧吊放在水平方向的匀强磁场中，弹簧的劲度系数为k，棒ab中通有稳恒电流，棒处于平衡，并且弹簧的弹力恰好为零．若电流大小不变而方向相反，则（）A．每根弹簧弹力的大小为mg B．每根弹簧弹力的大小为2mgC ．每根弹簧形变量为D ．每根弹簧形变量为考点：安培力．分析：金属棒原来在磁场中受到重力、安培力，二力平衡，即可求解安培力的大小．当电流大小不变，方向相反时，安培力的大小不变，方向相反，再由平衡条件求解弹簧的弹力；由胡克定律求解形变量．解答：解：A、B金属棒原来在磁场中受到重力、安培力，二力平衡，则安培力大小为F=mg当电流大小不变，方向相反时，安培力的大小不变，方向相反，平衡时，则有F+mg=2F弹，解得：F弹=mg．故A正确，B错误．C、D根据胡克定律得：F弹=kx，得：x=．故C正确，D错误．故选：AD．点评：考查安培力、弹力与重力间处于平衡状态的问题，体现了胡克定律，安培力公式，同时注意左手定则的应用．10．如图所示，在倾角为α的光滑固定斜面上，垂直纸面放置一根长为L，质量为m的直导体棒．在导体棒中的电流I垂直纸面向里时，欲使导体棒静止在斜面上，下列外加匀强磁场的磁感应强度B的大小和方向正确是（）A．B=mg方向垂直斜面向上B．B=mg方向垂直斜面向下C．B=mg方向竖直向上D．B=mg方向竖直向下考点：安培力；力的合成与分解的运用；共点力平衡的条件及其应用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：通电导线在磁场中的受到安培力作用，由公式F=BIL求出安培力大小，由左手定则来确定安培力的方向．解答：解：A、外加匀强磁场的磁感应强度B的方向垂直斜面向上，则沿斜面向上的安培力、支持力与重力，处于平衡状态，则大小B═mg；故A正确；B、外加匀强磁场的磁感应强度B的方向垂直斜面向下，则沿斜面向下的安培力、支持力与重力，所以棒不可能处于平衡状态，故B错误；C、外加匀强磁场的磁感应强度B的方向竖直向上，则水平向右的安培力、支持力与重力，处于平衡状态，则大小B=mg；故C正确；D、外加匀强磁场的磁感应强度B的方向竖直向下，则水平向左的安培力、支持力与重力，所以棒不可能处于平衡状态，故D错误；故选：AC点评：学会区分左手定则与右手定则，前者是判定安培力的方向，而后者是判定感应电流的方向．11．如图所示电路中，电源电动势为E、内阻为r，R0为定值电阻，电容器的电容为C．闭合开关S，增大可变电阻R的阻值，电压表示数的变化量为△U，电流表示数的变化量为△I，则（）A．变化过程中△U和△I的比值保持不变B．电压表示数U和电流表示数I的比值不变C．电阻R0两端电压减小，减小量为△UD．电容器的带电量增大，增加量为C△U考点：闭合电路的欧姆定律；电容．专题：恒定电流专题．分析：闭合开关S，增大可变电阻R的阻值后，电路中电流减小，由欧姆定律分析电阻R0两端的电压，再根据路端电压的变化，分析电阻R0两端的电压变化量，并比较与△U的关系，确定电容带电量变化量．电压表的示数U和电流表的示数I的比值等于R．电压表示数变化量△U和电流表示数变化量△I的比值等于R0+r．解答：解：A、根据闭合电路欧姆定律得：U=E﹣I（R0+r ），由数学知识得知，=R0+r，保持不变．故A正确．B 、由图，=R，R增大，则电压表的示数U和电流表的示数I的比值变大．故B 错误．C、D、闭合开关S，增大可变电阻R的阻值后，电路中电流减小，由欧姆定律分析得知，电阻R0两端的电压减小，R两端的电压增大，而它们的总电压即路端电压增大，所以电阻R0两端的电压减小量小于△U．电容器两极板间的电压等于R两端的电压，可知电容器板间电压增大，带电量增大，增大量为C△U．故C错误，D正确．故选：AD点评：此题中两电表读数的比值要根据欧姆定律和闭合电路欧姆定律来分析，注意≠R，R是非纯性元件．12．图中装置可演示磁场对通电导线的作用．电磁铁上下两磁极之间某一水平面内固定两条平行金属导轨，L是置于导轨上并与导轨垂直的金属杆．当电磁铁线圈两端a、b，导轨两端e、f，分别接到两个不同的直流电源上时，L便在导轨上滑动．下列说法正确的是（）A．若a接正极，b接负极，e接正极，f接负极，则L向右滑动B．若a接正极，b接负极，e接负极，f接正极，则L向右滑动C．若a接负极，b接正极，e接正极，f接负极，则L向左滑动D．若a接负极，b接正极，e接负极，f接正极，则L向左滑动考点：安培力．专题：压轴题．分析：由安培定则判断出电流产生的磁场方向，然后由左手定则判断出导体棒受到的安培力方向，从而判断出导轨L的移动方向．解答：解：A、由安培定则与左手定则可知，若a接正极，b接负极，e接正极，f接负极，L所受安培力向左，L向左滑动，故A错误；B、由安培定则与左手定则可知，若a接正极，b接负极，e接负极，f接正极，L受到的安培力向右，L向右滑动，故B正确；C、由安培定则与左手定则可知，若a接负极，b接正极，e接正极，f接负极，L所受安培力向右，L向右滑动，故C错误；D、由安培定则与左手定则可知，若a接负极，b接正极，e接负极，f接正极，L所受安培力向左，则L向左滑动，故D正确；故选BD．点评：熟练应用安培定则与左手定则即可正确解题，本题难度不大，是一道基础题．。

安徽省亳州一中2012-2013学年高二年级第二次月考物理试卷

亳州一中2012-2013学年度高二年级物理第一章静电场单元测试卷一、本题共10小题，每小题4分，共40分。

在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确。

全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分。

1．在一个点电荷形成的电场中，关于电场强度和电势的说法中正确的是（）A ．没有任何两点电场强度相同B ．可以找到很多电场强度相同的点C ．没有任何两点电势相等D ．可以找到很多电势相等的点2、关于电子伏（eV ），下列说法中正确的是（）A 、电子伏是电势的单位B 、电子伏是电场强度的单位C 、电子伏是能量的单位D 、1 eV=1.60×1019J3、两个用相同材料制成的半径相等的带电金属小球（可看成点电荷），其中一个球的带电量的绝对值是另一个的5倍，当它们静止于空间某两点时，静电力大小为F 。

现将两球接触后再放回原处，则它们间静电力的大小可能为（）A 、F 95B 、F 54C 、F 45D 、F 594．如图所示的直线是真空中某电场的一条电场线，A 、B 是这条直线上的两点。

一电子以速度A V 经过A 点向B 点运动，经过一段时间后，电子以速度B V 经过B 点，且B V 与A V 方向相反，则（）A．A点的场强一定大于B点的场强B．A点的电势一定低于B点的电势C．电子在A点的动能一定小于它在B点的动能D．电子在A点的电势能一定小于它在B点的电势能5、下列说法中正确的是（）A、电场线一定是闭合的曲线B、电场线是正电荷在电场中的运动轨迹C、电场中某点的场强方向，就是电荷在该点所受电场力的方向D、电场线的疏密表示场强的强弱6、一负电荷仅受电场力作用，从电场中的A点运动到B点，在此过程中该电荷做初速度为零的匀加速直线运动，则A、B两点电场强度E A、E B及该电荷在A、B两点的电势能εA、εB之间的关系为（）A、E A=E BB、E A＜E BC、εA=εBD、εA＞εB7、如图所示，A、B为两个等量同种点电荷，a、O、b在点电荷A、B的连线上，c、O、d在连线的中垂线上Oa=Ob=Oc=Od，则（）A、a、b两点的场强相同，电势也相同B、c、d两点的场强不相同，电势相同C、O点是A、B连线上电势最低的点，也是A、B连线上场强最小的点D、O点是中垂线cd上电势最高的点，也中垂线上场强最大的点8、如图所示，带电量相等、质量不同的带电粒子a和b从带电平行板M 的边缘沿平行于极板的方向进入M 、N 两极板间的匀强电场中，都恰好能从N 板的右缘飞出，不计重力作用，则（）A 、两粒子进入电场时的动能一定相等B 、两粒子进入电场时的初速度的大小一定相等C 、两粒子飞出电场时的动能一定相等D 、两粒子飞出电场时的速度大小一定相等9．如图所示，虚线a 、b 、c 代表静电场中的三个等势面,它们的电势分别为a ψ、b ψ和c ψ， a ψ>b ψ>c ψ。

安徽省亳州市第二完全中学高二物理月考试题含解析

安徽省亳州市第二完全中学高二物理月考试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 下列关于电荷所受电场力和洛伦兹力的说法，正确的是( )A．垂直于磁场方向运动的电荷,一定受洛伦兹力作用B．垂直于电场方向运动的电荷,一定受电场力作用C．静止在磁场中的电荷，所受洛伦兹力为零D．静止在电场中的电荷，所受电场力不为零参考答案：ABCD2. 如图所示，表示磁感应强度B，电流I，安培力F的相互关系图，哪个图不正确参考答案：D3. 一炮弹以一定倾角斜向上发射达到最高点时，爆炸成两块，其中一块沿原方向运动，则另一块A．一定沿原来相反的方向运动 B．一定沿原来相同的方向运动C．可能做自由落体运动 D．可能做竖直上抛运动参考答案：C4. （单选）（原创）在平静的湖面上有一艘静止的小船，船的两端分别坐着甲和乙两个人．突然，甲起身走到乙所在的位置，由于反冲，船相对于湖面移动了10 cm；然后乙也起身走到了甲原来所在的位置，船又相对于湖面移动了12 cm．已知甲的质量为60 kg，若两人均近似视为质点且不计船在移动时水对船的阻力，由以上信息可估计乙的质量大约为A．50 kg B．60 kg C．72 kg D．条件不足，无法判断参考答案：C5. 关于点电荷的说法，正确的是（）A. 只有体积很小的带电体，才能作为点电荷B. 体积很大的带电体一定不能看作点电荷C. 当两个带电体的大小及形状对它们之间的相互作用力的影响可忽略时，这两个带电体可看作点电荷D. 一切带电体都可看成是点电荷参考答案：二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 如图所示，质量m=1kg的物体在水平地面上做直线运动，物体对地面压力FN = N；物体受到的滑动摩擦力 f =2N，滑动摩擦力的方向（选填“水平向左”或“水平向右”）物体与地面之间的动摩擦因数μ = 。

参考答案：7. 如图5-19所示的理想变压器的原、副线圈电路中分别接有4个完全相同的灯泡，而且全都正常发光，那么，这三个线圈的匝数之比= ；如果两端的输出电压为U，则变压器的输入电压= ，电源的输出电= 。

亳州二中高二年级第二次月考物理试卷

亳州二中高二年级第二次月考试卷（10.25）班级姓名一、选择题（1-9为单选题每题4分，10-12为多选题每题6分，共54分）1.AB和CD为圆上两条相互垂直的直径，圆心为O．将电荷量分别为＋q和－q的两点电荷放在圆周上，其位置关于AB对称且距离等于圆的半径，如图所示．要使圆心处的电场强度为零，可在圆周上再放一个适当的点电荷Q，则该点电荷Q( )A. 应放在A点，Q＝2qB. 应放在B点，Q＝－2qC. 应放在C点，Q＝－qD. 应放在D点，Q＝－q2.某电场的电场线分布如图所示实线，以下说法正确的是A. c点场强大于b点场强B. b和c处在同一等势面上C. 若将一试探电荷+q由a点移动到d点，电荷的电势能将增大D. 若某一点电荷只在电场力的作用下沿虚线由a点运动到d点，可判断该电荷一定带负电3.如图所示的实验装置中，极板A接地，平行板电容器的极板B与一个灵敏的静电计相接．将A极板向左移动，增大电容器两极板间的距离时，电容器所带的电量Q、电容C、两极间的电压U，电容器两极板间的场强E的变化情况是（）A. Q变小，C不变，U不变，E变小B. Q变小，C变小，U不变，E不变C. Q不变，C变小，U变大，E不变D. Q不变，C变小，U变大，E变小4.如图所示，带正电的金属球A，放置在不带电的金属球B附近，M、N是金属球B表面上的两点．下列说法中正确的是（）A. M点处带正电，N点处带负电，且M点电势高于N点电势B. M点处带正电，N点处带负电，且M点电势等于N点电势C. M点处带负电，N点处带正电，且M点电势高于N点电势D. M点处带负电，N点处带正电，且M点电势等于N点电势5..A,B是某点电荷产生的电场中的一条电场线的两点，若在某点释放一初速为零的电子，电子仅受电场力作用，先后经过A,B两点，其速度随时间变化的规律如图．则（）A. A,B两点的电场强度B. 电子在A,B两点受的电场力C. 该点电荷一定在B点的右侧D. 该点电荷可能带负电6. 质子和粒子由静止经相同加速电压加速后，又垂直进入同一匀强电场，飞出电场时，它们的横向侧移量之比和在偏转电场中运动的时间之比分别为（）A. 2：1和B. 1：1和C. 1：2和2：1D. 1：4和1：27..如图所示，a、b两个带正电的粒子，以相同的速度先后垂直于电场线从同一点进入平行板间的匀强电场后，a粒子打在B板的a′点，b粒子打在B板的b′点，若不计重力，则CA.a的电荷量一定大于b的电荷量B.b的质量一定大于a的质量C.a的比荷一定大于b的比荷D.b的比荷一定大于a的比荷8.P,Q两电荷的电场线分布如图所示，c,d为电场中的两点.一个离子（不计重力）从a运动到ｂ的轨迹如图所示，则下列判断不正确的是（）A. Q带负电荷B. C点电势高于d点电势C. 离子在运动过程中受到P的排斥D. 离子从a运动到ｂ，电场力做负功9.如图所示，平行金属板A、B间加速电压为U1，C、D间的偏转电压为U2，M为荧光屏。

2012-2013学年高二上学期半月考物理试题.doc

高二物理第一次“半月考”试题时量：90分钟分值：120分一、不定项选择题（本题包括14小题，每小题4分，共56分。

注意．．：第2题，13题为多选题，其它的为单选题。

）1. 用比值法定义物理量是物理学中一种常用方法。

下面有四个物理量：①电势 = W q ②加速度a = Fm③电场强度E = k Q r 2 ④导体的电阻R = UI，其中属于比值法定义的一组是（）（A ）①② （B ） ①④ （C ）③④ （D ）②③2．一根均匀电阻丝阻值为R ，在以下哪些情况下，阻值仍为R （）A ．长度变为一半，横截面积增大一倍时B ．横截面积变为一半，长度变为二倍时C ．长度和横截面积都变为原来的2倍时D ．直径变为一半，长度变为1/4时3．在NaCl 溶液中，阴、阳离子定向移动产生电流，若测得20秒内有1.0×1018个Na +和1.0×1018个Cl -通过溶液内部某一横截面，则溶液中的电流强度是多大（） A ．16mA B ．8mA C ．0.16A D ．0.08A 4．有关电压和电动势的说法中正确的是（）A 、电压和电动势的单位都是伏特，所以电动势与电压是同一物理量的不同说法；B 、电动势公式E ＝W/q 中的W 与电压U ＝W/q 中的W 是一样的，都是电场力做的功；C 、电动势是反映电源把其他形式的能转化为电势能本领强弱的物理量；D 、路端电压始终等于电源的电动势。

5．.A 、B 是两个几何形状完全相同的带电金属小球，且q A ＝q B ＝Q ，在真空中相距r ，它们相互作用的斥力为F ，引入第三个形状完全相同的金属球C ，球C 不带电。

现将A 、B 两球同时与C 球相接触后，移到原来相距r 的位置，则A 、B 的作用力是（）A 、49FB 、4F C 、FD 、F6．两个电阻R 1、R 2的I-U 图像如图所示，由图像可知两个电阻的阻值之比R 1:R 2为(sin37º=0.6、cos37º=0.8)( ) A ．4:3 B ．3:4 C ．9: 16 D ．16:97．一个带负电的点电荷，只在电场力的作用下沿曲线abc 由a 运动到c ，已知质点的速率是递减的。

2012-2013学年新课标高二上学期第二次月考(物理)

2012—2013学年度上学期第二次月考高二物理试题【新课标】（考试时间：90分钟总分：100分）第Ⅰ卷（选择题共50分）一、单项选择题（本题共10小题，每小题3分，共30分。

） 1．关于电场力和电场强度，以下说法正确的是: A ．电场中某点场强为零，则检验电荷在该点受到的电场力不一定为零 B ．在电场中某点如果没有检验电荷，则电场力为零，电场强度也为零 C ．一点电荷分别处于电场中的A 、B 两点，电荷受到的电场力大则场强大 D ．一检验电荷在以一个点电荷为球心，半径为r 的球面上各点所受电场力相同 2．某电场的电场线分布如图所示，下列说法正确的是： A ．c 点的电势高于d 点的电势 B ．a 点的电场强度大于b 点的电场强度 C ．若将一负试探电荷由c 点移到d 点，电势能增加 D ．若将一正试探电荷由a 点移到b 点，电场力做负功3．一个带电粒子，沿垂直于磁场的方向射入一匀强磁场，粒子的一段径迹如图所示，径迹上的每一小段都可近似看成圆弧，由于带电粒子使沿途的空气电离，粒子的动能逐渐减小（带电量不变）从图中情况可以确定： A ．粒子从a 到b ，带负电 B ．粒子从b 到a ，带正电C ．粒子从a 到b ，运动周期变大D ．粒子从b 到a ，运动周期变小4．如图所示，平行板电容器的电容为C ，带电荷量为Q ，板间距离为d ，今在离右板d/4处放一电荷q ，则它所受电场力的大小为： A ．216d Qqk B ．24d QqkC ．CdQqD ．CdQq 45．有一光滑绝缘斜面体，如图所示，在斜面体上的a 点与B 点连线正好与斜面垂直，a 点与A 点相连正好与MN 连线垂直。

现把一带正电小球1放在光滑绝缘斜面的a 点上，欲使小球1能静止该点位置，需在MN 上放另一带电小球2，则小球2可能是： A ．带负电，放在B 点的左侧 B ．带负电，放在A 点的左侧 C ．带正电，放在B 点的右侧 D ．带正电，放在A 点的左侧6．如图所示，a 、b 是位于真空中的平行金属板，a 板带正电，b 板带负电，两板间的电场为匀强电场，场强为E 。

安徽省亳州市2012-2013学年高二上学期期末考试物理试题(扫描版,A卷)

亳州市2011---2012学年高二上学期物理质量检测答案A11. ①×10Ω (2分)② 将红黑表笔短接，旋转欧姆调零旋钮使指针指在0欧姆处。

(2分) ③ 150 (2分)12.游标卡尺 (2分) ② (2分) ⑥ (2分)电路图（2分） 34Dn =ρ，其中l 表示电阻线圈的长度，n 表示线圈的匝数。

(2分)13.解：（1）电动机没有转动时可以看做是纯电阻R DΩ===450.00.2I U 11A V R D这台电动机的线圈电阻是4欧姆。

(2分)（2）这台电动机正常工作时的输出功率P=U 2I 2=24V ×2.0A=48w (2分)P 热=I 2R D= 22×4w=16w (2分)P 出=P-P 热=32w (1分)（3）根据闭合电路欧姆定律⎩⎨⎧++=++=++=)4(224)66(5.02)(r E r E R r I U E (2分)解得E=36V,r=2Ω (1分)14.解：（1）有题意可知带电粒子在竖直方向做匀变速直线运动，所以 ma Eq = ① （2分）V 0=a 20t② （2分）解得：E=02qt mv （1分）（2）带电粒子从y 轴发出时做类平抛运动，所以221at d = ③ （2分）由②③式得v dt t = （1分）该带电粒子经过x 轴的坐标为（x ，0）所以 000t dv t v x == （2分）15.解：（1）由受力分析可知磁场方向竖直向上 (1分)（2）由受力分析可知θθcos sin BIL mg =(2分)由闭合电路欧姆定律可知rR E I += (2分) 解得R=3.5Ω (1分)（3）保证金属棒不向下滑动的最小电流为I 1，对应的电阻R 1所以： L BI mg mg 1cos sin =-θμθ (1分) rR E I +=11 (1分) 解得R 1=7Ω (1分) 保证金属棒不向上滑动的最大电流为I 2，对应的电阻R 2，所以： (1分)rR E I +=22 (1分) 解得R 2=3.25Ω (1分) 即R 的范围是3.25Ω——7Ω16.解：（1）因为粒子水平飞出磁场，由几何关系可知粒子在磁场中做匀速圆周运动的半径r 1=d (1分)因为 120r v m qvB = (2分) 所以 mqBd v =0 (1分) （2）对带电粒子在电场中的运动由动能定理得 2021mv Uq -=- (2分) 得 md qB U 222= (1分) （3）如果粒子初速度2 v 0进入磁场，则半径r 2=2d ，由几何关系可知粒子从P 点水平向右飞出磁场进入电场(1分) 撞击挡板前的速度为v 1,根据动能定理2021)2(2121v m mv Uq -=- (1分) 撞击后剩余的动能2141mv E k = 设向左离开电场时速度是v 221224121mv mv Uq -= (1分) L BI mg mg 2cos sin =+θμθ得mqBd v 252= (1分) 所以 d r 252=即，带电粒子从PN 边上距离P 点d 25的地方离开磁场(1分)。

高二月考12.docx

2012学年局二物理上学期月考试卷2012-10-14本试卷分第I 卷（选择题）和第II 卷（非选择题）两部分。

满分110分，考试用时90分钟。

出题教师：路世超审题教师：潘铁成第I 卷（选择题，共60分）一、选择题：（每小题至少有一个选项是正确的，请把正确的答案填涂在答题卡中，每小题4分，共60分，漏选得2分，错选或不选得零分）1、质量分别为DU 和m2、电荷量分别为qi 和q2的两粒子在同一匀强磁场中做匀速圆周运动，已知两粒子的速度大小相等。

下列说法不正确的是A. 若qi =q 2,则它们作圆周运动的半径一定相等B. 若mi =ni 2,则它们作圆周运动的周期一定相等C. 若q^q 2,则它们作圆周运动的半径可能相等D. 若血壬Ok,则它们作圆周运动的周期可能相等2、空间存在方向垂直于纸面向里的匀强磁场，图中的正方形为其边界。

一细束由两种粒子组成的粒子流沿垂直于磁场的方向从0点入射。

这两种粒子带同种电荷，它们的电荷量、质量均不同，但其比荷相同， ............... ,x x X且都包含不同速率的粒子。

不计重力。

下列说法正确的 : 旦 5 x x x是 0— A. 入射速度不同的粒子在磁场中的运动时间可能相同，XX X B. 入射速度相同的粒子在磁场中的运动轨迹一定相同___XC. 在磁场中运动时间相同的粒子，其运动轨迹一定相同D. 在磁场中运动时间越长的粒子，其轨迹所对的圆心角一定越大 3、质量和电量都相等的带电粒子〃和凰以不同的速度率经小孔S 垂直进入匀强磁场，运行的半圆轨迹如图2中虚线所示，下列 - 表述正确的是 * N x "牛 A. 〃带正电，0带负电B. 〃的速度率大于困的速率C. 洛伦磁力对妖〃做正功D. 〃的运行时间大于0的运行时间4、处于匀强磁场中的一个带电粒子，仅在磁场力作用下做匀速圆周运动.将该粒子的运动等效为环形电流，那么此电流值 x V X x •. Sf lfl2A. 与粒子电荷量成正比B. 与粒子速率成正比C. 与粒子质量成反比D. 与磁感应强度成反比5、如图所示，圆形区域内有垂直于纸面向里的匀强磁场，一个带电粒子以速度v 从A 点沿直径A03 方向射入磁场，经过也时间从C 点射出磁场，0C 与从A 点沿原方向射入磁场，不计重力，则粒子在磁场中的运动时间变为 A. - Az B. - Ar2 33C. 2AtD. -A?26、带电粒子进入云室会使云室中的气体电离，从而显示其运动轨迹，如图所示是在有匀强磁场的云室中观察到的粒子轨迹，a 和b 是轨迹上的两点，匀强磁场B 垂直纸面向里，该粒子在运动时，其质量和电荷量不变，而动能逐渐减小。

谯城区第一高级中学2018-2019学年高二上学期第二次月考试卷物理

（2）由几何关系得，OA 段粒子运动轨迹的弧长是 1/4 圆的周长，所以： =

2
R
2x0 2 4 2x0 s 粒子从 O 点到 P 点经历的时间：t＝ v0 4v0
粒子从 O 点到 P 点的路程：s=n =
பைடு நூலகம்
nR
（3）撤去磁场，加上匀强电场后，粒子做类平抛运动，由
2 x0 v0t ' 2
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【答案】D 【解析】
6．如图甲所示，足够长的传送带与水平面夹角为 θ，在传送带上某位置轻轻放置一小木块，小木块与传送带间动摩擦因数为 μ，小木块的速度随时间变化关系如图乙所示，v0、t0 已知，则
A. 传送带一定逆时针转动 B. C. 传送带的速度大于 v0 D. t0 后木块的加速度为【答案】AD 【解析】试题分析: A、若传送带顺时针转动，当滑块下滑（），将一直匀加速到底端；当滑
A. A 点的电场强度小于 B 点的电场强度 B. A 点的电场强度大于 B 点的电场强度 C. B 点的电场强度度方向向左，A 点的向右 D. 负电荷在 B 点受到的电场力向左
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【答案】B 【解析】电场线的疏密代表场强的强弱，根据图象可知，在电场的 A 点的电场线较密，所以在 A 点的电场强度要比 B 点的电场强度大，故 A 错误，B 正确；电场线的方向就是电场强度的方向，由图可知 B 点的电场线的方向向左，A 点沿着该点切线方向，指向左方，故 C 错误；负电荷在 B 点受到的电场力方向与电场强度方向相反，所以受到向右的电场力，故 D 错误。所以 B 正确，ACD 错误。 4．（2018·洛阳联考）如图所示，一个电荷量为－Q 的点电荷甲，固定在绝缘水平面上的 O 点。另一个电荷量为＋q、质量为 m 的点电荷乙，从 A 点以初速度 v0 沿它们的连线向甲运动，运动到 B 点时速度为 v，且为运动过程中速度的最小值。已知点电荷乙受到的阻力大小恒为 f，A、B 两点间距离为 L0，静电力常量为 k，则下列说法正确的是（）

安徽省亳州一中2012-2013学年高二上学期期中考试物理试卷

高二物理第一学期期中考试试题一、单项选择题（共12小题，每小题4分）1.关于场强和电势，下列说法中正确的是A.由公式E=F ／q 可知，E 与F 成正比，与q 成反比B.由U=Ed 可知，匀强电场中E 恒定，任意两点间的电势差与这两点间的距离成正比C.场强为零的地方，电势一定为零D.无论是正电荷还是负电荷，当它在电场中移动时，若电场力作正功，它一定从电势能大的地方移动到电势能小的地方3．如图，A 、B 是一条电场线上的两点，若在某点释放一初速为零的电子，电子仅受电场力作用，并沿电场线从A 运动到B ，其速度随时间变化的规律如图所示．则： A ．电场力F A ＜F BB ．电场强度E A = E BC ．电势 UA >UB D ．电势能E A ＜E B4.一个T 型电路如图所示，电路中的电110R =Ω, 23120,40R R =Ω=Ω.另有一测试电源，电动势E=100V ，内阻忽略不计。

则A.当cd 端短路时，ab 之间的等效电阻是40ΩB. 当ab 端短路时， cd 之间的等效电阻是40ΩC. 当ab 两端接通测试电源时， cd 两端的电压为75 VD. 当cd 两端接通测试电源时， ab 两端的电压为80 V 5.关于导体的电阻和电阻率，下列说法中正确的是A 、由R=U/I 可知，导体的电阻与导体两端电压成正比，与流过导体的电流成反比B 、由R=ρL/S 可知，导体的电阻与导体的长度成正比，与导体的横截面积成反比C 、由ρ=RS/L 可知，导体的电阻率与导体的横截面积成正比，与导体的长度成反比D 、导体的电阻率由材料的种类决定，还跟温度无关6. 如图所示，电灯L 1、L 2上分别有“220V ，100W ”、“220V ，40W ”字样，那么 A ． a 、b 接220V 电压时，L 1、L 2均能正常发光 B ． a 、b 接440V 电压时，L 1、L 2均能正常发光 C ．无论 a 、b 两端接多少伏电压，L 1、L 2都不可能正常发光；D ．无论 a 、b 两端接多少伏电压，L 1肯定不能正常发光； 7.如图所示，R 1和R 2的规格分别为“4W 、100Ω”和“1W 、100Ω”的电阻，当A 、B 端加电源通电时，这部分电路允许消耗的最大功率为A.2WB.3WC.4WD.5W8.用伏安法测电阻的实验，可以采用图示a 、b 两种方法把伏特表和安培表连人电路，这样测量出来的电阻值与被测电阻的真实阻值比较，下列正确的是-------------------（）Ａ．采用a 图接法，测量值小于真实值；Ｂ．采用b 图接法，测量值小于真实值；Ｃ．两种接法的测量值都小于真实值；Ｄ．两种接法的测量值都大于真实值。

谯城区第一中学2018-2019学年高二上学期第二次月考试卷物理

谯城区第一中学2018-2019学年高二上学期第二次月考试卷物理班级__________ 座号_____ 姓名__________ 分数__________一、选择题1．（2016河南名校质检）如图甲所示，物体受到水平推力F的作用在粗糙水平面上做直线运动．通过力传感器和速度传感器监测到推力F、物体速度v随时间t变化的规律如图乙所示．取g＝10 m/s2.则（）A．物体的质量m＝1.0 kgB．物体与水平面间的动摩擦因数μ＝0.20C．第2 s内物体克服摩擦力做的功W＝2.0 JD．前2 s内推力F做功的平均功率P＝1.5 W【答案】CD【解析】2．如图所示，在原来不带电的金属细杆ab附近的P点处，放置一个正点电荷，达到静电平衡后（）A．a端的电势比b端的低B．b端的电势比d点的高C．金属细杆内c处场强为零D．金属细杆内c处感应电荷场强的方向由a指向b【答案】CD3．如图甲所示，在倾角为30°足够长的光滑斜面上，质量为m的物块受到平行于斜面的力F作用，其变化规律如图乙，纵坐标为F与mg的比值，规定力沿斜面向上为正方向，则丙中正确表达物块速度v随时间t变化规律的是（物块初速度为零，g取10m/s）【答案】C4．质点做直线运动的位移x与时间t的关系为x=5t+t2（各物理量均采用国际单位），则该质点（）A. 第1s内的位移是5m B. 前2s内的平均速度是6m/sC. 任意相邻的1s 内位移差都是1mD. 任意1s内的速度增量都是2m/s【答案】D5．（2016年山东省烟台市诊断）如图所示，滑块以初速度v0滑上表面粗糙的固定斜面，到达最高点后又返回到出发点．则能大致反映滑块整个运动过程中速度v、加速度a、动能E k、重力对滑块所做的功W与时间t 或位移x关系的是（取初速度方向为正方向）【答案】AD【解析】滑块以初速度v0滑上表面粗糙的固定斜面，到达最高点后又返回到出发点．其速度图象A正确；上滑和下滑滑块的加速度方向都向下，加速度图象B错误。

安徽省毫州市2013-2014学年高二上学期质量检测(期末)物理试题(扫描版)

高二上学期物理质量检测 A 答案1．B 2．A 3．B 4．A 5.D 6. C 7．A 8．C 9．C 10．C11.（1）2.98cm （2分）0.641mm ～0.643mm （2分）（2） ①乙（2分）；② B （2分），D （2分），F （2分）③偏小（2分）、偏小（2分）12．（10分）解：（1）由平衡知识可知电场力F=mg·tan37°=1.5N ；（3分）（2）E=F/q=7.5×104N/C ，方向水平向右；（4分）（3）细线拉力F T =mg/cos37°=2.5N ；（3分）13．（10分）（1）4A （2）440W （3）427.2W解：（1）150110410M U U I A A R --===（3分）（2）=1104440M P U I W W =⨯=入（3分）（3）22=40.812.8r P I r W W =⨯=（3分）=44012.8427.2r P P P W W W -=-=机入（1分）14．（12分）（1）以金属棒为研究对象，受力分析如图甲所示由平衡条件得：F f =F 安 ① （2分）根据闭合电路欧姆定律得： rR E I +=0② （2分）棒所受安培力F 安=BId ③ （2分）由①②③联立得：F f = N r R BEd 1)(0=+ ④（2分）（2）以金属棒为研究对象，棒受力分析如图乙所示由于安培力的大小没变而此时棒对轨道的正压力数值是比原来增大，所以棒与轨道间的最大静摩擦力增大，由此易知棒仍静止。

（2分）在水平方向上,有平衡条件得：N F F f 23sin =='θ安（2分） 15．（12分）（1）质子在磁场中受洛伦兹力做匀速圆周运动，根据牛顿第二定律，Rv m qvB f 2==（2分）得质子做匀速圆周运动的半径为m 10.0==qBmv R （2分）（2）由于质子的初速度方向与x 轴正方向夹角为30°，且半径恰好等于OA ，因此，质子将在磁场中做半个圆周到达y 轴上的C 点，如答图所示．根据圆周运动的规律v R π2=T ，质子做圆周运动周期为qBm T π2=（1分）设质子从出发运动到第一次到达y 轴的时间为1t ，则 s 1057.1π271-⨯≈==qB m T t （1分）质子进入电场时的速度方向与电场的方向相同，在电场中先做匀减速直线运动，速度减为零后反向做匀加速直线运动，设质子在电场中运动的时间2t ，根据牛顿第二定律，22a a t v m qE ==而，（ 1分）从而得s 100.1272-⨯==qEmv t （1分）因此，质子从开始运动到第二次到达y 轴的时间t 为s 1057.2721-⨯=+=t t t （1分）（3）质子再次进入磁场时，速度的方向与电场的方向相同，在洛伦兹力的作用下做匀速圆周运动，到达y 轴的D 点。