陕西省澄城县寺前中学物理2015届高三推中试题6(无答案)
陕西省渭南市澄城县寺前中学2015-2016学年高三(上)周练物理试卷【解析版】(9.22)
2015-2016学年陕西省渭南市澄城县寺前中学高三（上）周练物理试卷（9.22）一、选择题1．如图所示，三个质量不等的木块M、N、Q间用两根水平细线a、b相连，放在光滑水平面上．用水平向右的恒力F向右拉Q，使它们共同向右运动．这时细线a、b上的拉力大小分别为T a、T b．若在第2个木块N上再放一个小木块P，仍用水平向右的恒力F拉Q，使四个木块共同向右运动（P、N间无相对滑动），这时细线a、b上的拉力大小分别为T a′、T b′．下列说法中正确的是( )A．T a＜T a′，T b＞T b′B．T a＞T a′，T b＜T b′C．T a＜T a′，T b＜T b′D．T a＞T a′，T b＞T b′2．在水平面上放着两个质量分别为2kg和3kg的小铁块m和M，它们之间用一原长为10cm，劲度系数为100N/m的轻弹簧相连，铁块与水平面之间的动摩擦因数均为0.2．铁块M受到一大小为20N的恒定水平外力F，两个铁块一起向右做匀加速直线运动，如图所示．这时两铁块之间弹簧的长度应为（重力加速度g取10m/s2）( )A．12cm B．13cm C．15cm D．18cm3．如图所示，A、B二物体之间用轻质弹簧连接，用水平恒力F拉着A、B一起沿光滑水平面匀加速运动，这时弹簧长度为L1；若将A、B置于粗糙斜面上，用相同的沿斜面向上的恒力F拉动A，使A、B一起向上匀加速运动，此时弹簧长度为L2，若A、B与粗糙斜面之间的动摩擦因数相同，则以下关系式正确的是：( )A．L1=L2B．L1＜L2C．L1＞L2D．＜L1＜L2[来源:学科网]4．m1、m2组成的连接体，在拉力F作用下，沿粗糙斜面上运动，m1对m2的拉力( )A．B．C．D．5．蹦床是跳水运动员日常训练时的重要辅助器材．一个运动员从高处落到蹦床上后又被弹起到原高度，利用仪器测得该运动员从高处开始下落到弹回的整个过程中，运动速度随时间变化的图象如图所示，图中Oa段和cd段为直线．由图可知，运动员发生超重的时间段为( )A．0～t1B．t1～t2C．t2～t4D．t4～t56．下列说法中正确的是( )A．当升降机上升时，升降机内的乘客一定是处在超重状态B．当升降机下降时，升降机内的乘客一定是处在超重状态C．蹦床运动员在空中上升和下落过程中都处于失重状态D．游泳运动员仰卧在水面静止不动时处于失重状态7．如图所示，两个质量相同的物体A和B紧靠在一起放在光滑水平桌面上，如果它们分别受到水平推力F1和F2作用，且F1＞F2，则A施于B的作用力的大小为( )A．F1B．F2C．（F1+F2）D．（F1﹣F2）8．如图所示，两个质量分别为m1=2kg、m2=3kg的物体置于光滑的水平面上，中间用轻质弹簧秤连接．两个大小分别为F1=30N、F2=20N的水平拉力分别作用在m1、m2上，则( )[来源:学科网]A．弹簧秤的示数是25NB．弹簧秤的示数是50NC．在突然撤去F2的瞬间，m1的加速度大小为5m/s2D．在突然撤去F1的瞬间，m1的加速度大小为13m/s29．如图所示，物体P置于光滑的水平面上，用轻细线跨过质量不计的光滑定滑轮连接一个重力G=10N的重物，物体P向右运动的加速度为a1；若细线下端不挂重物，而用F=10N的力竖直向下拉细线下端，这时物体P的加速度为a2，则( )A．a1＜a2B．a1=a2C．a1＞a2D．条件不足，无法判断10．如图所示，质量分别为m和M的两物体P和Q叠放在倾角为θ的固定斜面上，P、Q 之间的动摩擦因数为μ1，Q与斜面间的动摩擦因数为μ2．当它们从静止开始沿斜面滑下时，两物体始终保持相对静止，则物体P受到的摩擦力大小为( )A．0B．μ1mgcosθC．μ2mgcosθD．（μ1+μ2）mgcosθ二、解答题11．如图所示，物体A和B系在跨过定滑轮的细绳两端，物体A的质量m A=1.5kg物体B 的质量m B=1kg，开始把A托起，使B刚好与地面接触，此时物体A离地高度为1m．放手让A从静止开始下落，（g取10m/s2）求：（1）当A着地时，B的速率多大？（2）物体A落地后，B还能升高几米？[来源:学&科&网]12．如图所示，光滑水平面上放置质量分别为m、2m的A、B两个物体，A、B间的最大静摩擦力为μmg，现用水平拉力F拉B，使A、B以同一加速度运动，（1）拉力F的最大值．（2）当拉力为1.5 μmg时A、B间摩擦力多大？2015-2016学年陕西省渭南市澄城县寺前中学高三（上）周练物理试卷（9.22）一、选择题1．如图所示，三个质量不等的木块M、N、Q间用两根水平细线a、b相连，放在光滑水平面上．用水平向右的恒力F向右拉Q，使它们共同向右运动．这时细线a、b上的拉力大小分别为T a、T b．若在第2个木块N上再放一个小木块P，仍用水平向右的恒力F拉Q，使四个木块共同向右运动（P、N间无相对滑动），这时细线a、b上的拉力大小分别为T a′、T b′．下列说法中正确的是( )A．T a＜T a′，T b＞T b′B．T a＞T a′，T b＜T b′C．T a＜T a′，T b＜T b′D．T a＞T a′，T b＞T b′考点：牛顿运动定律的应用-连接体．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：先对整体受力分析，受重力、支持力、拉力，根据牛顿第二定律列式求解加速度；然后再对M受力分析，受重力、支持力、拉力，再根据牛顿第二定律列式求解T a；最后再对Q受力分析，受重力、支持力、拉力F和b绳子的拉力，根据牛顿第二定律列式求解T b；在第2个木块N上再放一个小木块P，相当于N木块的重力变大，分析前面的表达式即可．解答：解：先对整体受力分析，受重力、支持力、拉力，根据牛顿第二定律，有：F=（m M+m N+m Q）a ①再对M受力分析，受重力、支持力、拉力，根据牛顿第二定律，有：T a=m M a②对Q受力分析，受重力、支持力、拉力F和b绳子的拉力，根据牛顿第二定律，有：F﹣T b=m Q a ③联立①②③解得：；；当在第2个木块N上再放一个小木块P，相当于N木块的重力变大，故T a减小，T b增加；故选B．点评：本题要灵活地选择研究对象，根据整体法求解加速度，根据隔离法求解系统内力，求解出表达式讨论是关键．2．在水平面上放着两个质量分别为2kg和3kg的小铁块m和M，它们之间用一原长为10cm，劲度系数为100N/m的轻弹簧相连，铁块与水平面之间的动摩擦因数均为0.2．铁块M受到一大小为20N的恒定水平外力F，两个铁块一起向右做匀加速直线运动，如图所示．这时两铁块之间弹簧的长度应为（重力加速度g取10m/s2）( )A．12cm B．13cm C．15cm D．18cm考点：牛顿运动定律的应用-连接体．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：对整体受力分析，由牛顿第二定律可求得系统加速度；再对m分析可求得弹簧的拉力；再由胡克定律可求得弹簧的伸长量．解答：解：整体水平方向受拉力、摩擦力；由牛顿第二定律可知：F﹣μ（M+m）g=（M+m）a解得：a===2m/s2；m受拉力和摩擦力而做匀加速直线运动：拉力F′=ma+μmg=2×2+0.2×20N=8N；由胡克定律可知，形变量x==0.08m则弹簧的长度为l+x=0.18m=18cm；故选D．[来源:学科网]点评：本题关键在于先以整体为研究对象，再用隔离法进行分析，注意整体法时不能分析内力．3．如图所示，A、B二物体之间用轻质弹簧连接，用水平恒力F拉着A、B一起沿光滑水平面匀加速运动，这时弹簧长度为L1；若将A、B置于粗糙斜面上，用相同的沿斜面向上的恒力F拉动A，使A、B一起向上匀加速运动，此时弹簧长度为L2，若A、B与粗糙斜面之间的动摩擦因数相同，则以下关系式正确的是：( )A．L1=L2B．L1＜L2C．L1＞L2D．＜L1＜L2考点：牛顿运动定律的应用-连接体；胡克定律．专题：牛顿运动定律综合专题．[来源:]分析：利用整体法，可以求出问题运动的加速度的大小，再利用隔离法可以求得弹簧对物体B的拉力的大小，进而判断弹簧的长度解答：解：第一种情况；用水平恒力F拉A时，对于整体由牛顿第二定律可得，F=（m A+m B）a，对B受力分析可得，F1=m B a求得：F1=第二种情况：对于整体：F﹣（M A+M B）gsinθ﹣（M A+M g）gμcosθ=（M A+M B）a﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①对B受力分析；F2﹣M B gsinθ﹣M B gμcosθ=M B a﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②由①②式得；F2=可知F1=F2故L1=L2故A正确，B C D错误故选：A点评：对于多个物体的受力分析通常采用的方法就是整体法和隔离法，通过整体法求得加速度，再利用隔离法求物体之间的力的大小4．m1、m2组成的连接体，在拉力F作用下，沿粗糙斜面上运动，m1对m2的拉力( )A．B．C．D．考点：牛顿运动定律的应用-连接体．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：先对整体受力分析，由牛顿第二定律可求得整体的加速度；再对m2受力分析可求得绳子的拉力．解答：解：对整体受力分析可知，整体受重力、拉力、支持力，合力为：F﹣（m1+m2）gsinθ=（m1+m2）a；[来源:Z&xx&]再对m2受力分析，可知其受重力、绳子的拉力、支持力，合力为：T﹣m2gsinθ=m2a；联立解得，T=；故选A．点评：本题可作为结论使用，无论斜面是否光滑，求得的结果相同．5．蹦床是跳水运动员日常训练时的重要辅助器材．一个运动员从高处落到蹦床上后又被弹起到原高度，利用仪器测得该运动员从高处开始下落到弹回的整个过程中，运动速度随时间变化的图象如图所示，图中Oa段和cd段为直线．由图可知，运动员发生超重的时间段为( )A．0～t1B．t1～t2C．t2～t4D．t4～t5考点：牛顿运动定律的应用-超重和失重．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：根据图象判断出正方向的选择，然后根据加速度向上超重，加速度向下失重判断．解答：解：由题意知速度方向向下时为正方向，运动员发生超重时具有向上的加速度，反映在v﹣t图象中时是斜率为负的时间段，故C正确．故选：C．点评：本题考查了超重和失重的条件，记住：加速度向上超重，加速度向下失重．6．下列说法中正确的是( )A．当升降机上升时，升降机内的乘客一定是处在超重状态B．当升降机下降时，升降机内的乘客一定是处在超重状态C．蹦床运动员在空中上升和下落过程中都处于失重状态D．游泳运动员仰卧在水面静止不动时处于失重状态考点：超重和失重．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：失重状态：当物体对接触面的压力小于物体的真实重力时，就说物体处于失重状态，此时有向下的加速度，合力也向下；超重状态：当物体对接触面的压力大于物体的真实重力时，就说物体处于超重状态，此时有向上的加速度，合力也向上．解答：解：A、升降机上升时，也可能处于减速上升的过程中，此时的加速度向下，处于失重状态，所以A错误；B、升降机下降时，也可能处于减速下降的过程中，此时的加速度向上，处于超重状态，所以B错误；C、蹦床运动员在空中上升和下落过程中，人受到的只有重力，此时有向下的加速度，处于失重状态，所以C正确；D、游泳运动员仰卧在水面静止不动时，人处于受力平衡状态，不是失重状态，所以D错误．故选C．点评：本题考查了学生对超重失重现象的理解，掌握住超重失重的特点，本题就可以解决了．7．如图所示，两个质量相同的物体A和B紧靠在一起放在光滑水平桌面上，如果它们分别受到水平推力F1和F2作用，且F1＞F2，则A施于B的作用力的大小为( )A．F1B．F2C．（F1+F2）D．（F1﹣F2）[来源:Z*xx*]考点：牛顿第二定律；物体的弹性和弹力．专题：牛顿运动定律综合专题．[来源:]分析：对整体分析，根据牛到第二定律求出整体的加速度，再隔离对B分析，根据牛顿第二定律求出A施于B的作用力大小．解答：解：设两物体的质量均为m，这两物体在F1和F2的作用下，具有相同的加速度为：a=，方向与F1相同．物体A和B之间存在着一对作用力和反作用力，设A施于B的作用力为F N（方向与F1方向相同）．用隔离法分析物体B在水平方向受力F N和F2，根据牛顿第二定律有：F N﹣F2=ma，解得：F N=（F1+F2），故C正确，A、B、D错误．故选：C．点评：本题考查了牛顿第二定律的基本运用，知道A、B具有相同的加速度，运用整体法和隔离法进行求解，难度不大．8．如图所示，两个质量分别为m1=2kg、m2=3kg的物体置于光滑的水平面上，中间用轻质弹簧秤连接．两个大小分别为F1=30N、F2=20N的水平拉力分别作用在m1、m2上，则( )A．弹簧秤的示数是25NB．弹簧秤的示数是50NC．在突然撤去F2的瞬间，m1的加速度大小为5m/s2D．在突然撤去F1的瞬间，m1的加速度大小为13m/s2考点：牛顿第二定律；物体的弹性和弹力．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：对整体分析，根据牛顿第二定律求出整体的加速度，隔离分析，求出弹簧秤的示数，撤去拉力的瞬间，弹簧的弹力不变，根据牛顿第二定律求出瞬时加速度的大小．解答：解：A、对整体分析，加速度a=，隔离对m2分析，根据牛顿第二定律得，F﹣F2=m2a，解得弹簧秤的示数F=m2a+F2=3×2+20N=26N．故A、B错误．C、撤去F2的瞬间，弹簧的弹力不变，则m1的加速度．故C 错误．D、撤去F1的瞬间，弹簧的弹力不变，则m1的加速度．故D正确．故选：D．点评：解决本题的关键能够正确地受力分析，运用牛顿第二定律进行求解，掌握整体法和隔离法的运用，知道撤去拉力的瞬间，弹簧的弹力不变．9．如图所示，物体P置于光滑的水平面上，用轻细线跨过质量不计的光滑定滑轮连接一个重力G=10N的重物，物体P向右运动的加速度为a1；若细线下端不挂重物，而用F=10N的力竖直向下拉细线下端，这时物体P的加速度为a2，则( )A．a1＜a2B．a1=a2C．a1＞a2D．条件不足，无法判断考点：牛顿运动定律的应用-连接体．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：连接体共同加速，由牛顿第二定律求得整体的加速度，当改用F后，再次利用牛顿第二定律求得加速度，比较加速度的大小即可解答：解：挂重物时，选连接体为研究对象，有牛顿第二定律得，共同运动的加速度大小为：a1==；当改为10N拉力后，由牛顿第二定律得；P的加速度为：a2=，故a1＜a2，故选A点评：连接体问题常常将整体法和隔离法综合运用，整体法求出共同加速度，隔离法整理待求量．本题中利用超失重的知识解决会更快，悬挂重物时，重物Q加速下降，处于失重状态，对P的拉力小于Q的重力（10N），故选A[来源:学§科§网Z§X§X§K]10．如图所示，质量分别为m和M的两物体P和Q叠放在倾角为θ的固定斜面上，P、Q 之间的动摩擦因数为μ1，Q与斜面间的动摩擦因数为μ2．当它们从静止开始沿斜面滑下时，两物体始终保持相对静止，则物体P受到的摩擦力大小为( )A．0B．μ1mgcosθC．μ2mgcosθD．（μ1+μ2）mgcosθ考点：牛顿运动定律的应用-连接体；静摩擦力和最大静摩擦力．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：先对PQ整体受力分析，根据牛顿第二定律求解出加速度，然后隔离出物体P，受力分析后根据牛顿第二定律列式求解出间的静摩擦力．解答：解：对PQ整体受力分析，受到重力、支持力和滑动摩擦力，如图根据牛顿第二定律，有（m+M）gsinθ﹣μ2（m+M）gcosθ=（M+m）a解得a=g（sinθ﹣μ2cosθ）①再对P物体受力分析，受到重力mg、支持力和沿斜面向上的静摩擦力，根据牛顿第二定律，有mgsinθ﹣F f=ma ②由①②解得F f=μ2mgcosθ故选：C．点评：本题关键是先对整体受力分析，根据牛顿第二定律求解出加速度，然后再隔离出物体P，运用牛顿第二定律求解PQ间的内力．二、解答题11．如图所示，物体A和B系在跨过定滑轮的细绳两端，物体A的质量m A=1.5kg物体B 的质量m B=1kg，开始把A托起，使B刚好与地面接触，此时物体A离地高度为1m．放手让A从静止开始下落，（g取10m/s2）求：（1）当A着地时，B的速率多大？（2）物体A落地后，B还能升高几米？考点：牛顿运动定律的应用-连接体．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：（1）本题分为两个过程来求解，A落地之前：首先根据AB系统的机械能守恒，可以求得B当A着地时，B的速率；[来源:学科网ZXXK]（2）A落地之后：B球的机械能守恒，从而可以求得B球上升的高度的大小．解答：解：（1）设当A着地时，B的速率为V，A落地之前，根据系统机械能守恒得：m A gh=m B gh+•（m A+m B）V2解得两球的速率为：V==2m/s（2）A落地之后：绳子松驰，B开始做初速为V的竖直上抛运动，根据机械能守恒：m B V2=mgH解得：H==m=0.2m答：（1）当A着地时，B的速率是2m/s．（2）物体A落地后，B还能升高0.2m．点评：在B上升的全过程中，B的机械能是不守恒的，所以在本题中要分过程来求解，第一个过程系统的机械能守恒，在第二个过程中只有B的机械能守恒．12．如图所示，光滑水平面上放置质量分别为m、2m的A、B两个物体，A、B间的最大静摩擦力为μmg，现用水平拉力F拉B，使A、B以同一加速度运动，（1）拉力F的最大值．（2）当拉力为1.5 μmg时A、B间摩擦力多大？考点：牛顿第二定律；摩擦力的判断与计算．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：（1）当AB间的静摩擦力达到最大时拉力F达到最大，根据牛顿第二定律分析研究A 物体和整体，求出拉力F．、（2）对整体进行分析，由牛顿第二定律可求得加速度；再对A由牛顿第二定律可求得摩擦力．解答：解：（1）当AB间的静摩擦力达到最大时拉力F达到最大，根据牛顿第二定律得对A物体：μ•mg=ma得a=μg对整体：F=（2m+m）a得：F=3ma=3μmg（2）当拉力为1.5μmg时，两物体相对静止；对整体由牛顿第二定律可知：1.5 μmg=3ma解得：a=0.5μg；则对A物体分析可知，f=ma=0.5μmg；答：（1）（1）拉力F的最大值为1.5μmg（2）当拉力为1.5 μmg时A、B间摩擦力为0.5μmg点评：当两个物体刚要发生相对滑动时，它们之间的静摩擦力达到最大值．灵活的选取研究对象根据牛顿第二定律列方程是关键．。
陕西省渭南市澄城县寺前中学高三下学期统练物理试卷
2016—2017学年陕西省渭南市澄城县寺前中学高三（下）统练物理试卷（2。
21）一、选择题1．如图所示，一电子以初速度v沿与金属板平行方向飞入MN极板间,突然发现电子向M板偏转，若不考虑磁场对电子运动方向的影响,则产生这一现象的原因可能是（)A．开关S闭合瞬间B．开关S由闭合后断开瞬间C．开关S是闭合的，变阻器滑片P向右迅速滑动D．开关S是闭合的，变阻器滑片P向左迅速滑动2．如图,圆环形导体线圈a平放在水平桌面上，在a的正上方固定一竖直螺线管b，二者轴线重合，螺线管与电源和滑动变阻器连接成如图所示的电路．若将滑动变阻器的滑片P向下滑动,下列表述正确的是（）A．线圈a中将产生俯视顺时针方向的感应电流B．穿过线圈a的磁通量变小C．线圈a有扩张的趋势D．线圈a对水平桌面的压力F N将增大3．如图所示，在匀强磁场中放有平行铜导轨，它与大线圈M相连接．要使小线圈N获得顺时针方向的感应电流，则放在导轨上的裸金属棒ab的运动情况是( ）A．向右匀速运动B．向左加速运动C．向左减速运动D．向右加速运动4．如图甲所示，圆形线圈P静止在水平桌面上，其正上方悬挂一螺线管Q,P和Q共轴，Q中通有变化的电流i，电流随时间变化的规律如图乙所示，P所受的重力为G，桌面对P的支持力为F N，则（）A．t1时刻,F N＞G B．t2时刻,F N＞G C．t3时刻，F N＜G D．t4时刻，F N=G5．如图所示，一导线弯成半径为a的半圆形闭合回路．虚线MN右侧有磁感应强度为B的匀强磁场，方向垂直于回路所在的平面．回路以速度v向右匀速进入磁场，直径CD始终与MN垂直．从D点到达边界开始到C点进入磁场为止，下列结论不正确的是（）A．感应电流方向不变B．CD段直线始终不受安培力C．感应电动势最大值E=Bav D．感应电动势平均值=πBav6．如图所示，线圈匝数为n，横截面积为S，线圈电阻为r，处于一个均匀增强的磁场中，磁感应强度随时间的变化率为k，磁场方向水平向右且与线圈平面垂直,电容器的电容为C，两个电阻的阻值分别为r和2r．由此可知，下列说法正确的是（）A．电容器所带电荷量为 B．电容器所带电荷量为C．电容器下极板带正电D．电容器上极板带正电7．如图所示，abcd为水平放置的平行“⊂”形光滑金属导轨，间距为l，导轨间有垂直于导轨平面的匀强磁场，磁感应强度大小为B,导轨电阻不计，已知金属杆MN倾斜放置，与导轨成θ角，单位长度的电阻为r，保持金属杆以速度v沿平行于cd的方向滑动（金属杆滑动过程中与导轨接触良好)．则（）A．电路中感应电动势的大小为B．电路中感应电流的大小为C．金属杆所受安培力的大小为D．金属杆的热功率为8．如图甲所示，电路的左侧是一个电容为C的电容器，电路的右侧是一个环形导体，环形导体所围的面积为S．在环形导体中有一垂直纸面向里的匀强磁场,磁感应强度的大小随时间变化的规律如图乙所示．则在0~t0时间内电容器（）A．上极板带正电，所带电荷量为B．上极板带正电，所带电荷量为C．上极板带负电，所带电荷量为D．上极板带负电,所带电荷量为9．如图（a),线圈ab、cd绕在同一软铁芯上，在ab线圈中通以变化的电流，用示波器测得线圈cd间电压如图（b）所示，已知线圈内部的磁场与流经线圈的电流成正比，则下列描述线圈ab中电流随时间变化关系的图中,可能正确的是（)A．B．C．D．10．如图，在光滑水平桌面上有一边长为L、电阻为R的正方形导线框；在导线框右侧有一宽度为d（d＞L）的条形匀强磁场区域,磁场的边界与导线框的一边平行，磁场方向竖直向下．导线框以某一初速度向右运动．t=0时导线框的右边恰与磁场的左边界重合，随后导线框进入并通过磁场区域．下列v﹣t图象中,可能正确描述上述过程的是( ）A．B．C．D．11．如图所示,足够长平行金属导轨倾斜放置，倾角为37°,宽度为0.5m，电阻忽略不计,其上端接一小灯泡,电阻为1Ω．一导体棒MN 垂直于导轨放置，质量为0.2kg，接入电路的电阻为1Ω，两端与导轨接触良好,与导轨间的动摩擦因数为0。
陕西省澄城县寺前中学2015届高三上学期第三次月考物理试题 Word版含答案
高三上学期第三次月考物理试题1、物体做匀变速直线运动，已知第2s 末的速度是6m/s ，第4s 末的速度为10m/s ，则下列说法正确的是( )A.物体的初速度为0B.物体的加速度为3m/s 2C.物体在第2秒内的位移为8mD.物体在前2s 内的位移为8m 2、甲、乙两个物体从同一地点出发,在同一 直线上做匀变速直线运动,它们的速度图像如图所示,则（ ） A 、甲、乙两物体运动方向相反B 、t=4s 时,甲、乙两物体相遇C 、甲、乙两物体能相遇两次D 、在相遇前,甲、乙两物体的最远距离为20m 3、跳伞运动员打开伞经过一段时间，将在空中保持匀速降落．已知运动员和他身上装备的总重量为G 1，圆顶形降落伞伞面的重量为G 2。
有8条相同的拉线(拉线重力不计)，均匀分布在伞面边缘上，每根拉线和竖直方向都成30°角．那么每根拉线上的张力大小为（ ）A B C 、128G G + D 、14G4．如图，物体P 静止于固定的斜面上，P 的上表面水平，现把物体Q轻轻地叠放在P 上，则 ( )A ．P 向下滑动B ．P 静止不动C ．P 所受的合外力增大D ．P 与斜面间的静摩擦力增大5、如图所示，小球用细绳系住，绳的另一端固定于O 点．现用水平力F 缓慢推动斜面体，小球在斜面上无摩擦地滑动，细绳始终处于直线状态，当小球升到接近斜面顶端时细绳接近水平，此过程中斜面对小球的支持力F N 以及绳对小球的拉力F T 的变化情况是 ( )A ．F N 保持不变，F T 不断增大B ．F N 不断增大，F T 不断减小C ．F N 保持不变，F T 先增大后减小D ．F N 不断增大，F T 先减小后增大6． 如图所示，一小球分别以不同的初速度，从光滑斜面的底端A 点向上做直线运动，所能到达的最高点位置分别为a 、b 、c ，它们距斜面底端A 点的距离分别为x 1、x 2、x 3，对应到达最高点的时间分别为t 1、t 2、t 3，则下列关系正确的是( )A 、x 1t 1＝x 2t 2＝x 3t 3B 、x 3t 3<x 2t 2<x 1t 1C 、x 1t 21＝x 2t 22＝x 3t 23D 、x 1t 21>x 2t 22>x 3t 237． 在水平冰面上，一辆质量为1×103 kg 的电动雪橇做匀速直线运动，关闭发动机后，雪橇滑行一段距离后停下来，其运动的v －t 图象如图所示，那么关于雪橇运动情况以下判断正确的是(重力加速度g ＝10 m/s 2) ( )A ．关闭发动机后，雪橇的加速度为－2 m/s 2B ．雪橇停止前30 s 内通过的位移是200 mC ．雪橇与水平冰面间的动摩擦因数约为0.05D ．雪橇匀速运动过程中发动机的功率为5×103 W8．如图所示，质量M ，中空为半球型的光滑凹槽放置于光滑水平地面上，光滑槽内有一质量为m 的小铁球，现用一水平向右的推力F 推动凹槽，小铁球与光滑凹槽相对静止时，凹槽圆心和小铁球的连线与竖直方向成α角．则下列说法正确的是 ( )A ．小铁球受到的合外力方向水平向左B ．凹槽对小铁球的支持力为mg sin αC ．系统的加速度为a ＝g tan αD ．推力F ＝Mg tan α9．如图所示，两个质量分别为m 1＝2 kg 、m 2＝3 kg的物体置于光滑的水平面上，中间用轻质弹簧秤连接．两个大小分别为F 1＝30 N 、F 2＝20 N 的水平拉力分别作用在m 1、m 2上，则( )A ．弹簧秤的示数是16 NB ．弹簧秤的示数是50 NC ．在突然撤去F 2的瞬间，m 1的加速度大小为5 m/s 2D ．在突然撤去F 1的瞬间，m 1的加速度大小为13 m/s 210、物体在光滑水平面上，在外力F 作用下的v －t 图象如图甲、乙所示，从图中可以判断物体在0～t 4的运动状态 ( )A ．物体一直在做曲线运动B ．在t 1～t 3时间内，合外力先增大后减小C ．在t 1、t 3时刻，外力F 的功率最大D ．在t 1～t 3时间内，外力F 做的总功为零11如图，一小球从一半圆轨道左端A 点正上方某处开始做平抛运动(小球可视为质点)，飞行过程中恰好与半圆轨道相切于B 点．O 为半圆轨道圆心，半圆轨道半径为R ，OB 与水平方向夹角为60°，重力加速度为g ，则小球抛出时的初速度为( )A 、 3gR2 B 、33gR2 C 、3gR2 D 、3gR312、某行星自转周期为T ，赤道半径为R ，研究发现若该行星自转角速度变为原来的两倍，将导致该星球赤道上的物体恰好对行星表面没有压力，已知万有引力常量为G ，则以下说法中正确的是 ( )A ．该行量质量为M ＝2324R GT π B ．该星球的同步卫星轨道半径为r ＝34R C ．质量为m 的物体对行星赤道地面的压力为F N ＝2216m R Tπ D ．环绕该行星做匀速圆周运动的卫星线速度必不大于7.9 km/s13、如图所示，轻质弹簧的一端与固定的竖直板P 拴接，另一端与物体A 相连，物体A 静止于光滑水平桌面上，右端接一细线，细线绕过光滑的定滑轮与物体B 相连．开始时用手托住B ，让细线恰好伸直，然后由静止释放B ，直至B 获得最大速度．下列有关该过程的分析正确的是( )A ．B 物体的机械能一直减小B ．B 物体的动能的增加量等于它所受重力与拉力做的功之和C ．B 物体机械能的减少量等于弹簧的弹性势能的增加量D ．细线拉力对A 物体做的功等于A 物体与弹簧所组成的系统机械能的增加量14、如图所示，质量为m 的物体(可视为质点)以某一初速度从A 点冲上倾角为30°的固定斜面，其运动的加速度大小为34g ，沿斜面上升的最大高度为h ，则物体沿斜面上升的过程中 ( )A ．物体的重力势能增加了34mghB ．物体的重力势能增加了mghC ．物体的机械能损失了14mghD ．物体的动能减少了mgh 15、用电梯将货物从六楼送到一楼的过程中，货物的v －t 图象如图所示．下列说法正确的是 ( )A．前2 s内货物处于超重状态B．最后1 s内货物只受重力作用C．货物在10 s内的平均速度是1.7 m/sD．货物在2 s～9 s内机械能守恒二、计算题（题16题10分，17题12分，18题18分共计40分）16、气球以10 m/s的速度沿竖直方向匀速上升，当它上升到离地175 m的高处时，一重物从气球上掉落，则重物需要经过多长时间才能落到地面？到达地面时的速度是多大？(g取10 m/s2)17．静止在水平面上的A、B两个物体通过一根拉直的轻绳相连，如图所示，轻绳长L＝1 m，承受的最大拉力为8 N，A的质量m1＝2 kg，B的质量m2＝8 kg，A、B与水平面间的动摩擦因数μ＝0.2，现用一逐渐增大的水平力F作用在B上，使A、B向右运动，当F增大到某一值时，轻绳刚好被拉断(g＝10 m/s2)．(1)求绳刚被拉断时F的大小；(2)若绳刚被拉断时，A、B的速度为2 m/s，保持此时的F大小不变，当A的速度恰好减小为0时，A、B间的距离为多少？18．如图所示，水平地面和半径R＝0.5 m的半圆轨道面PTQ均光滑，质量M ＝1 kg、长L＝4 m的小车放在地面上，右端点与墙壁的距离为s＝3 m，小车上表面与半圆轨道最低点P的切线相平．现有一质量m＝2 kg的滑块(可视为质点)以v0＝6 m/s的水平初速度滑上小车左端，带动小车向右运动，小车与墙壁碰撞时即被粘在墙壁上．已知滑块与小车上表面的动摩擦因数μ＝0.2，取g＝10 m/s2.(1)求小车与墙壁碰撞时滑块的速率；(2)求滑块到达P点时对轨道的压力；(3)若圆轨道的半径可变但最低点P不变，为使滑块在圆轨道内滑动的过程中不脱离轨道，求半圆轨道半径的取值范围．高三物理第三次月考答案16答案 7 s 60 m/s设重物离开气球后，经过t 1时间上升到最高点，则t 1＝v 0g ＝1010s ＝1 s 上升的最大高度h 1＝v 202g ＝1022×10m ＝5 m 故重物离地面的最大高度为 H ＝h 1＋h ＝5 m ＋175 m ＝180 m重物从最高处自由下落，落地时间和落地速度分别为t 2＝ 2H g ＝ 2×18010s ＝6 s ， v ＝gt 2＝10×6 m/s ＝60 m/s ，方向竖直向下所以重物从气球上掉落至落地共历时t ＝t 1＋t 2＝7 s.18答案 (1) 4 m/s (2)68 N 竖直向下 (3)R ≤0.24 m 或R ≥0.60 m解析 (1)滑块滑上小车后，小车将做匀加速直线运动，滑块将做匀减速直线运动，设滑块加速度为a 1，小车加速度为a 2，由牛顿第二定律得：对滑块有－μmg ＝ma 1对小车有μmg ＝Ma 2 当滑块相对小车静止时，两者速度相等，设小车与滑块经历时间t 后速度相等，则有v 0＋a 1t ＝a 2t滑块的位移s 1＝v 0t ＋12a 1t 2 小车的位移s 2＝12a 2t 2 代入数据得Δs ＝s 1－s 2＝3 m<L 且s 2<s ，说明小车与墙壁碰撞前滑块与小车已具有共同速度故小车与墙壁碰撞时的速率为v 1＝a 2t ＝4 m/s(2)设滑块到达P 点时的速度为v P －μmg (L －Δs )＝12mv 2P －12mv 21 F N －mg ＝m v 2P R根据牛顿第三定律有滑块到达P 点时对轨道的压力F N ′＝F N ＝68 N ，方向竖直向下(3)若滑块恰能滑过圆的最高点，设滑至最高点的速率为v Q，临界条件为：mg＝m v2QR max－mg·2R max＝12mv2Q－12mv2P代入数据得R max＝0.24 m若滑块恰好滑至1/4圆弧到达T点时速度为零，则滑块也能沿圆轨道运动而不脱离圆轨道，此时有：－mgR min＝0－12mv2PR min＝0.6 m所以，若滑块在圆轨道运动过程中不脱离圆轨道，则半圆轨道的半径必须满足R≤0.24 m 或R≥0.60 m。
陕西省渭南市澄城县寺前中学高三物理统练试题(12月2日)(无答案)
陕西省渭南市澄城县寺前中学高三物理统练试题（12月2日）（无答案）1．某电场的电场线分布如图所示，电场中有A、B两点，则以下判断正确的是（）A．A点的场强大于B点的场强，B点的电势高于A点的电势B．若将一个电荷由A点移到B点，电荷克服电场力做功，则该电荷一定为负电荷C．一个负电荷处于B点的电势能大于它处于A点的电势能D．若将一个正电荷由A点释放，该电荷将在电场中做加速度减小的加速运动2．关于电势差的说法中，正确的是（）A．两点间的电势差等于电荷从其中一点移到另一点时，电场力所做的功B．1C的电荷从电场中一点移到另一点，如果电场力做了1J的功，这两点间的电势差就是1VC．在两点间移动电荷时，电场力做功的多少跟这两点间的电势差无关D．两点间的电势差的大小跟放入这两点间的电荷的电量成反比3．一带负电小球，在从空中a点运动到b点的过程中，受重力、空气阻力和静电力作用，重力对小球做功3.5J，小球克服空气阻力做功0.5J，静电力对小球做功1J，则下列说法正确的是（）A．小球在a点的重力势能比在b点小3.5JB．小球在a点的机械能比在b点小0.5JC．小球在a点的电势能比在b点少1JD．小球在a点的动能比在b点多4J4．如图，电荷量为q1和q2的两个点电荷分别位于P点和Q点．已知在P、Q连线上某点R处的电场强度为零，且PR=2RQ。
则（）A．q1=2q2 B．q1=4q2C．q1=－2q2 D．q1=－4q25．如图所示为某示波管内的聚焦电场．实线和虚线分别表示电场线和等势线，两电子分别从a、b两点运动到c 点，设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度的大小分别为Ea和Eb，则（）A．Wa=Wb，Ea＞EbB．Wa≠Wb，Ea＞Eb C．Wa=Wb，Ea＜Eb D．Wa≠Wb，Ea＜Eb6．如图（a），直线MN表示某电场中一条电场线，a、b是线上的两点，将一带负电荷的粒子从a点处由静止释放，粒子从a运动到b过程中的v－t图线如图（b）所示，设a、b两点的电势分别为φa、φb，场强大小分别为Ea、Eb，粒子在a、b两点的电势能分别为Wa、Wb，不计重力，则有（）A．φa＞φbB．Ea＞EbC．Ea＜EbD．Wa＞Wb7．一点电荷，仅在电场力的作用下，沿直线由A点运动到B点的过程中，速率逐渐增大，下列判断正确的是（）A．在此过程中，电荷所受电场力的方向总是由A指向BB．在此过程中，电荷的电势能逐渐增大C．线段AB间的各点，电场强度的方向都是由A指向BD．自A至B，电势逐渐降低8．如图所示，A、B两个点电荷的电量分别为+Q和+q，放在光滑绝缘水平面上，A、B之间用绝缘的轻弹簧连接．当系统平衡时，弹簧的伸长量为x0．若弹簧发生的均是弹性形变，则（）A．保持Q不变，将q变为2q，平衡时弹簧的伸长量等于2x0B．保持q不变，将Q变为2Q，平衡时弹簧的伸长量小于2x0C．保持Q不变，将q变为－q，平衡时弹簧的缩短量等于x0D．保持q不变，将Q变为－Q，平衡时弹簧的缩短量小于x09．如图所示，A、B是真空中的两个等量异种点电荷，M、N、O是AB连线的垂线上的点，且AO＞OB．一带负电的试探电荷仅受电场力作用，运动轨迹如图中实线所示，M、N为轨迹和垂线的交点，设M、N两点的场强大小分别EM、EN，电势分别为φM、φN．下列判断中正确的是（）A．A点电荷一定带正电B．EM小于ENC．ΦM大于ΦND．此试探电荷在M处的电势能小于N处的电势能10．水平线上的O点放置一点电荷，图中画出电荷周围对称分布的几条电场线，如图所示．以水平线上的某点O′为圆心，画一个圆，与电场线分别相交于a、b、c、d、e，则下列说法正确的是（）A．b、e两点的电场强度相同B．a点电势低于c点电势C．b、c两点间电势差等于e、d两点间电势差D．电子沿圆周由d到b，电场力做正功11．如果在某电场中将5.0×10－8C的电荷由A点移到B点，电场力做功为6.0×10－3J，那么（）A．A、B两点间的电势差是1.2×105VB．A、B两点间的电势差是3.0×10－10VC．若在A、B两点间移动2.5×10－8C的电荷，电场力将做3.0×10－3J的功题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11答案二．解答题（共2小题）12．如图，一质量m=1×10－6kg，带电量q=－2×10－8C的微粒以初速度v0竖直向上从A点射入一水平向右的匀强电场，当微粒运动到比A高2cm的B点时速度大小也是v0，但方向水平，且AB 两点的连线与水平方向的夹角为45°，g取10m/s2，求：（1）AB两点间的电势差UAB；（2）匀强电场的场强E的大小．13．一长为L的细线，上端固定，下端拴一质量为m、带电荷量为q的小球，处于如图所示的水平向右的匀强电场中，开始时，将线与小球拉成水平，然后释放小球由静止开始向下摆动，当细线转过60°角时，小球到达B 点速度恰好为零．试求：（1）AB两点的电势差UAB；（2）匀强电场的场强大小；（3）小球到达B点时，细线对小球的拉力大小．。
陕西省澄城县寺前中学物理2015届高三推中试题9(无答案)
1、以v 0的速度水平抛出一物体，当其水平分位移与竖直分位移相等时，下列说法错误的是 A 、即时速度的大小是5v 0 B 、运动时间是g v 02 C 、竖直分速度大小等于水平分速度大小 D 、运动的位移是gv 2022 2、如图所示，一物体自倾角为θ的固定斜面顶端沿水平方向抛出后落在斜面上，物体与斜面接触时速度与水平方向的夹角φ满足. （ ）A 、tan φ=sin θB 、tan φ=cos θC 、tan φ=tan θD 、tan φ=2sin θ3、（多选）如图所示，以v 0=10 m/s 的速度水平抛出的小球，飞行一段时间垂直撞在倾角=30°和斜面上，按g=10 m/s 2考虑以下结论中正确的是（ ）A 、物体飞行时间是sB 、物体撞击斜面时的速度大小为20 m/sC 、物体飞行的时间是2 sD 、物体下降的距离是10 m4、（多选）如图所示为一皮带传动装置，右轮的半径为r ，a 是它边缘上的一点，左侧是一轮轴，大轮的半径为4r ，小轮的半径为2r ，b 点在小轮上，到小轮中心的距离为r ，c 点和d 点分别位于小轮和大轮的边缘上。
若在转动过程中，皮带不打滑，则（ ）A ． a 点与b 点的线速度大小相等B ． a 点与b 点的角速度大小相等C ． a 点与c 点的线速度大小相等D ． a 点与d 点的向心加速度大小相等5、有一种大型游戏器械(如图5-3-29)，它是一个圆筒形大容器，筒壁竖直，游客进入容器后靠筒壁站立，当圆筒开始转动后，转速加快到一定程度时，突然地板塌落，游客发现自己没有落下去.这是因为（ ）A 、游客受到与筒壁垂直的压力的作用B、游客处于失重状态C、游客受到的摩擦力等于重力D、游客随着转速的增大有沿壁向上滑动的趋势6、如图5-3-24所示，水平转台上放着A、B、C三物，质量分别为2m、m、m，离转轴距离分别为R、R、2R，与转台动摩擦因数相同.转台旋转时，下列说法正确的是（）A、若三物均未滑动，C物向心加速度最大B、若三物均未滑动，B物受摩擦力最大C、转速增大，A物比B物先滑动D、转速增大，C物先滑动7、某同学在做该实验时得到了如图4-4-2 中的物体运动轨迹，a、b、c三点的位置在运动轨迹上已标出，则（1）小球平抛的初速度为__________m/s.（g取10 m/s2）（2）小球开始做平抛运动的位置坐标为：x=__________cm，y=________cm.。
陕西省澄城县寺前中学高三物理统练试题1
陕西省澄城县寺前中学高三物理统练试题11．关于磁感应强度B ，下列说法中正确的是( )． A ．根据磁感应强度定义B ＝FIL，磁场中某点的磁感应强度B 与F 成正比，与I 成反比 B ．磁感应强度B 是标量，没有方向C ．磁感应强度B 是矢量，方向与F 的方向相反D ．在确定的磁场中，同一点的磁感应强度B 是确定的，不同点的磁感应强度B 可能不同，磁感线密的地方磁感应强度B 大些，磁感线疏的地方磁感应强度B 小些2．如图所示，一个带负电的物体从绝缘粗糙斜面顶端滑到底端时的速度为v ，若加上一个垂直纸面向外的磁场，则滑到底端时( )．A ．v 变大B ．v 变小C ．v 不变D ．不能确定v 的变化3．两个带电粒子以同一速度、同一位置进入匀强磁场，在磁场中它们的运动轨迹如图所示．粒子a 的运动轨迹半径为r 1，粒子b 的运动轨迹半径为r 2，且r 2＝2r 1，q 1、q 2分别是粒子a 、b 所带的电荷量，则( )．A ．a 带负电、b 带正电，比荷之比为q 1m 1∶q 2m 2＝2∶1 B ．a 带负电、b 带正电，比荷之比为q 1m 1∶q 2m 2＝1∶2 C ．a 带正电、b 带负电，比荷之比为q 1m 1∶q 2m 2＝2∶1 D ．a 带正电、b 带负电，比荷之比为q 1m 1∶q 2m 2＝1∶14．如图8-2-5所示，圆形区域内有垂直纸面的匀强磁场，三个质量和电荷量都相同的带电粒子a 、b 、c 以不同的速率对准圆心O 沿 着AO 方向射入磁场，其运动轨迹如图，若带电粒子只受磁场力的作用，则下列说法正确的是( )．A ．a 粒子速率最大B ．c 粒子速率最大C ．c 粒子在磁场中运动时间最长D ．它们做圆周运动的周期T a <T b <T c5．如图9-1-1所示，开始时矩形线圈平面与匀强磁场垂直，且一半在匀强磁场内一半在匀强磁场外，若要线圈产生感应电流，下列方法中可行的是( )．A ．将线圈向左平移一小段距离B ．将线圈向上平移C ．以ab 为轴转动(小于90°)D ．以ac 为轴转动(小于60°)6．如图9-1-8所示，甲是闭合铜线框，乙是有缺口的铜线框，丙是闭合的塑料线框，它们的正下方都放置一薄强磁铁，现将甲、乙、丙拿至相同高度H 处同时释放(各线框下落过程中不翻转)，则以下说法正确的是( )．A．三者同时落地B．甲、乙同时落地，丙后落地C．甲、丙同时落地，乙后落地D．乙、丙同时落地，甲后落地7、如图9-1-11所示，金属棒ab置于水平放置的金属导体框架cdef上，棒ab与框架接触良好．从某一时刻开始，给这个空间施加一个斜向上的匀强磁场，并且磁场均匀增加，ab棒仍静止，在磁场均匀增加的过程中，关于ab棒受到的摩擦力，下列说法正确的是( )．A．摩擦力大小不变，方向向右 B．摩擦力变大，方向向右C．摩擦力变大，方向向左 D．摩擦力变小，方向向左8．如图所示，光滑平行金属导轨PP′和QQ′，都处于同一水平面内，P和Q之间连接一电阻R，整个装置处于竖直向下的匀强磁场中．现垂直于导轨放置一根导体棒MN，用一水平向右的力F拉动导体棒MN，以下关于导体棒MN中感应电流方向和它所受安培力的方向的说法正确的是( )A．感应电流方向是N―→MB．感应电流方向是M―→NC．安培力水平向左D．安培力水平向右9．如图是质谱仪的工作原理示意图．带电粒子被加速电场加速后，进入速度选择器．速度选择器内相互正交的匀强磁场和匀强电场的强度分别为B和E.平板S上有可让粒子通过的狭缝P和记录粒子位置的胶片A1A2.平板S下方有强度为B0的匀强磁场．下列表述正确的是( )．A．质谱仪是分析同位素的重要工具B．速度选择器中的磁场方向垂直纸面向外C．能通过狭缝P的带电粒子的速率等于E BD．粒子打在胶片上的位置越靠近狭缝P，粒子的荷质比越小θ＝37°，在导轨所在平面内，分布着磁感应强度B＝0.50 T、方向垂直于导轨所在平面的匀强磁场．金属导轨的一端接有电动势E＝4.5 V、内阻r＝0.50 Ω的直流电源．现把一个质量m＝0.040 kg的导体棒ab放在金属导轨上，导体棒恰好静止．导体棒与金属导轨垂直且接触良好，导体棒与金属导轨接触的两点间的电阻R0＝2.5Ω，金属导轨电阻不计，g取10 m/s2.已知sin 37°＝0.60，cos 37°＝0.80，求：(1)通过导体棒的电流；(2)导体棒受到的安培力大小；(3)导体棒受到的摩擦力．11、如图MN、PQ是竖直的光滑平行导轨，相距L=0.5m。
陕西省渭南市澄城县寺前中学高三物理上学期第二次月考试卷(含解析)
2015-2016学年陕西省渭南市澄城县寺前中学高三（上）第二次月考物理试卷一、选择题（每题5分，9-12题为多选题）1．汽车以20m/s的速度做匀速直线运动，刹车后的加速度为5m/s2，那么开始刹车后2s与开始刹车后6s汽车通过的位移之比为( )A．1：1 B．1：3 C．3：4 D．3：12．伽利略理想实验将可靠的事实和理论思维结合起来，更能深刻地反映自然规律．伽利略的斜面实验（如图所示）程序如下：①减小第二个斜面的倾角，小球在这个斜面上仍然要达到原来的高度②两个对接的斜面，让小球沿一个斜面从静止滚下，小球将滚上另一个斜面③如果没有摩擦，小球将上升到释放时的高度④继续减小第二个斜面的倾角，最后使它成水平面，小球将沿水平面以恒定速度持续运动下去请按程序先后排列，并指出它究竟属于可靠事实，还是通过思维过程的推论．下列选项正确的是（数字表示上述程序的号码）( )A．事实②→事实①→推论③→推论④B．事实②→推论①→推论③→推论④C．事实②→推论①→推论④→推论③D．事实②→推论③→推论①→推论④3．近年来，智能手机的普及使“低头族”应运而生．近日研究发现，玩手机时，就有可能让颈椎承受多达60磅（约270N）的重量，相当干给颈椎挂俩大西瓜，比一个7岁小孩还重．不当的姿势与一系列健康问题存在关联，如背痛、体重增加、胃痛、偏头痛和呼吸道疾病等．当人体直立时，颈椎所承受的压力等于头部的重量；但当低头时，颈椎受到的压力会随之变化．现将人体头颈部简化为如图的模型：重心在P点的头部，在可绕O转动的颈椎OP（轻杆）的支持力和沿PQ方向肌肉拉力的作用下处于静止．当低头时，颈椎与竖直方向的夹角为45°，PQ与竖直方向的夹角为53°，此时，颈椎受到的压力约为直立时颈椎受到压力的( )（sin37°=0.6，cos37°=0.8，sin45°=cos45°=，g=10m/2）．A．4.2 B．3.7 C．5.7 D．2.84．如图所示，物体A放在直角三角形斜面体B上面，B放在弹簧上面并紧挨着竖直墙壁，初始时A、B静止：现用力F沿斜面向上推A，但A、B并未运动，下列说法正确的是( )A．弹簧弹力一定不变B．A、B之间的摩擦力一定变大C．A、B之间的摩擦力可能大小不变D．B与墙之间可能没有摩擦力5．如图所示，物体A、B经无摩擦的定滑轮用细绳连在一起，A物体在力F作用下水平向右运动，此时B匀速上升，则( )A．物体A也做匀速运动B．物体A做加速运动C．物体A所受摩擦力不变D．物体A所受摩擦力逐渐增大6．如图所示，两个质量分别为m1=2kg、m2=3kg的物体置于光滑的水平面上，中间用轻质弹簧秤连接．两个大小分别为F1=30N、F2=20N的水平拉力分别作用在m1、m2上，则( )A．弹簧秤的示数是25NB．弹簧秤的示数是50NC．在突然撤去F2的瞬间，m1的加速度大小为5m/s2D．在突然撤去F1的瞬间，m1的加速度大小为13m/s27．如图所示，建筑工人在砌墙时需要将砖块运送到高处，采用的方式是一工人甲在低处将一摞砖竖直向上抛出，在高处的工人乙将其接住．每块砖的质量均为m，现只考虑最上层的两块砖，不计空气阻力，下列说法正确的是( )A．工人甲在将砖块抛出时（砖未离手）砖块处于失重状态B．工人甲在将砖块抛出时（砖未离手）砖块间作用力等于mgC．工人甲在将砖块抛出后，砖块处于失重状态D．工人甲在将砖块抛出后，砖块间作用力等于mg8．在某星球A表面，宇航员把一质量为m A的重物放地面上（该处的重力加速度设为g A），现用一轻绳竖直向上提拉重物，让绳中的拉力T由零逐渐增大，可以得到加速度a与拉力T 的图象OAB；换到另一个星球C表面重复上述实验，也能得到一个相似的图线OCD，下面关于OCD所描述的物体的质量m c与该地表面的重力加速度g c说法正确的是( )A．m c＞m A，g c≠g A B．m c＜m A，g c≠g A C．m c＞m A，g c=g A D．m c＜m A，g c=g A9．“ABS“中文译为“防抱死刹车系统”，它是一种具有防滑、防锁死等优点的汽车安全控制系统．“ABS”启用时，汽车能获得更强的制动性能．某汽车在启用ABS刹车系统和未启用该刹车系统紧急刹车时，其车速与时间的变化关系分别如图中的①、②图线所示．由图可知( )A．启用ABS后t1时刻车速比未启用该刹车系统时大B．启用ABS后减速加速度比未启用该刹车系统时大C．启用ABS后制动所需时间比未启用该刹车系统时短D．启用ABS后制动距离比未启用该刹车系统时短10．如图所示，轻质细绳悬挂质量为m的小球处于静止状态，现用与水平方向成30°的外力F使小球缓慢向上移动，直到细绳达到水平状态后保持静止，在小球向上移动过程中( )A．外力F不断减小B．外力F不断增大C．细绳的拉力不断增大 D．细绳的拉力先减小后增大11．如图（a），一物块在t=0时刻滑上一固定斜面，其运动的v﹣t图线如图（b）所示，若重力加速度及图中的v0，v1，t1均为已知量，则可求出( )A．斜面的倾角B．物块的质量C．物块与斜面间的动摩擦因数D．物块沿斜面向上滑行的最大高度12．如下图甲所示，A、B两物体叠放在光滑水平面上，对物体B施加一水平变力F，F﹣t 关系如图乙所示，可物体在变力作用下由静止开始运动且始终保持相对静止，则下列说法正确的是( )A．t0时刻，两物体之间的摩擦力最小B．t0时刻，物体的速度最小C．0﹣t0时间内，两物体之间的摩擦力逐渐增大D．0﹣2t0时间内，物体A所受的摩擦力方向始终与变力F的方向相同二、计算题（13题10分，14题15分，15题15分．）13．一质量为M=4.0kg、长度为L=3.0m的木板B，在大小为8N、方向水平向右的拉力F作用下，以v0=2.0m/s的速度沿水平地面做匀速直线运动，某一时刻将质量为m=1.0kg的小铁块A（可视为质点）轻轻地放在木板上的最右端，如图所示．若铁块与木板之间没有摩擦，求：（重力加速度g取10m/s2）（1）加一个铁块后，木板的加速度大小？（2）二者经过多长时间脱离？14．一卡车以v=15m/s的速度在平直公路上匀速行驶，在卡车后面x=100m处一小汽车由静止开始追赶卡车．小汽车先做匀加速运动，加速度大小为3m/s2，加速到最大速度v m=24m/s 后做匀速运动．试求：（1）小汽车追上卡车前二者相距的最大距离．（2）小汽车追上卡车所用的时间．15．如图所示，一个人用与水平方向成θ=37°角的斜向下的推力F推一个重G=200N的箱子匀速前进，箱子与地面间的动摩擦因数为μ=0.5（sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/2）．（1）求推力F的大小．（2）若人不改变推力F的大小，只把力的方向变为水平去推这个静止的箱子，推力作用时间t=3s后撤去，求箱子滑行的总位移为多大？2015-2016学年陕西省渭南市澄城县寺前中学高三（上）第二次月考物理试卷一、选择题（每题5分，9-12题为多选题）1．汽车以20m/s的速度做匀速直线运动，刹车后的加速度为5m/s2，那么开始刹车后2s与开始刹车后6s汽车通过的位移之比为( )A．1：1 B．1：3 C．3：4 D．3：1考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：匀变速直线运动的位移时间关系和速度时间关系，注意刹车问题注意停车时间．解答：解：汽车刹车后做匀减速运动，已知初速度v0=20m/s，加速度a=﹣5m/s2，停车后速度v=0根据匀变速直线运动的速度时间关系v=v0+at，得汽车停车时间为：==4s；开始刹车后2s内的位移为：==30m因为汽车4s就停下来，故汽车6s内的位移等于汽车刹车过程中4s内的位移为：x6===40m．所以刹车后2s内的位移和刹车后6s内的位移之比为：=故选：C点评：汽车刹车是匀减速运动，当汽车停止运动后，不在是匀变速运动，位移时间关系不能用匀变速直线运动的位移时间关系求解，所以刹车问题要注意汽车停车时间．2．伽利略理想实验将可靠的事实和理论思维结合起来，更能深刻地反映自然规律．伽利略的斜面实验（如图所示）程序如下：①减小第二个斜面的倾角，小球在这个斜面上仍然要达到原来的高度②两个对接的斜面，让小球沿一个斜面从静止滚下，小球将滚上另一个斜面③如果没有摩擦，小球将上升到释放时的高度④继续减小第二个斜面的倾角，最后使它成水平面，小球将沿水平面以恒定速度持续运动下去请按程序先后排列，并指出它究竟属于可靠事实，还是通过思维过程的推论．下列选项正确的是（数字表示上述程序的号码）( )A．事实②→事实①→推论③→推论④ B．事实②→推论①→推论③→推论④C．事实②→推论①→推论④→推论③ D．事实②→推论③→推论①→推论④考点：伽利略研究自由落体运动的实验和推理方法．分析：本题考查了伽利略“理想斜面实验”的思维过程，只要明确了伽利略“理想斜面实验”的实验过程即可正确解答．解答：解：根据实验事实②得出实验结果：如果没有摩擦，小球将上升到释放时的高度，即③，进一步假设若减小第二个斜面的倾角，小球在这斜面上仍然要达到原来的高度，即得出①，继续减小角度，最后使它成水平面，小球将沿水平面做持续匀速运动，即④，故ABC 错误，D正确．故选：D．点评：伽利略理想实验将可靠的事实和理论思维结合起来，以实验事实为基础，开辟了崭新的研究物理的方法道路．3．近年来，智能手机的普及使“低头族”应运而生．近日研究发现，玩手机时，就有可能让颈椎承受多达60磅（约270N）的重量，相当干给颈椎挂俩大西瓜，比一个7岁小孩还重．不当的姿势与一系列健康问题存在关联，如背痛、体重增加、胃痛、偏头痛和呼吸道疾病等．当人体直立时，颈椎所承受的压力等于头部的重量；但当低头时，颈椎受到的压力会随之变化．现将人体头颈部简化为如图的模型：重心在P点的头部，在可绕O转动的颈椎OP（轻杆）的支持力和沿PQ方向肌肉拉力的作用下处于静止．当低头时，颈椎与竖直方向的夹角为45°，PQ与竖直方向的夹角为53°，此时，颈椎受到的压力约为直立时颈椎受到压力的( )（sin37°=0.6，cos37°=0.8，sin45°=cos45°=，g=10m/2）．A．4.2 B．3.7 C．5.7 D．2.8考点：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：对人的头部进行分析，明确其受力情况，由共点力的平衡条件可得出对应的平行四边形；由正弦定理可求得劲椎受到的压力．解答：解：由题意可明确人的头受力情况，如图所示：由题意知，F′=G，设人的颈椎对头的支持力F，则由几何关系可知：解得：F=5.7F′=5.7G．故选：C．点评：本题考查共点力的平衡在实际生活中的应用，要注意正确根据题意明确作出对应的图象，再由几何关系即可求解．4．如图所示，物体A放在直角三角形斜面体B上面，B放在弹簧上面并紧挨着竖直墙壁，初始时A、B静止：现用力F沿斜面向上推A，但A、B并未运动，下列说法正确的是( )A．弹簧弹力一定不变B．A、B之间的摩擦力一定变大C．A、B之间的摩擦力可能大小不变D．B与墙之间可能没有摩擦力考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：隔离对A分析，通过A受力平衡判断A、B之间摩擦力的变化．通过对整体分析，抓住AB不动，弹簧的弹力不变，判断B与墙之间有无摩擦力．解答：解：A、对A，开始受重力、B对A的支持力和静摩擦力平衡，当施加F后，仍然处于静止，开始A所受的静摩擦力大小为m A gsinθ，若开始时F比较小则摩擦力减小；若F=2m A gsinθ，则A、B之间的摩擦力大小可能不变．故A错误，B错误，C正确．D、对整体分析，由于AB不动，弹簧的形变量不变，则弹簧的弹力不变，开始弹簧的弹力等于A、B的总重力，施加F后，F在竖直方向上有分量，弹簧的弹力不变，总重力不变，根据平衡知，则B与墙之间一定有摩擦力．故D错误．故选：C．点评：解决本题的关键能够正确地进行受力分析，运用共点力平衡进行求解，以及掌握整体法和隔离法的运用．5．如图所示，物体A、B经无摩擦的定滑轮用细绳连在一起，A物体在力F作用下水平向右运动，此时B匀速上升，则( )A．物体A也做匀速运动 B．物体A做加速运动C．物体A所受摩擦力不变D．物体A所受摩擦力逐渐增大考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：因B匀速上升，所以滑轮右边的绳子收缩的速度是不变的，把A实际运动的速度沿绳子收缩的方向和与绳子摆动的方向进行正交分解，结合B的速度不变，可判断A的运动情况．因B匀速上升，所以绳子的拉力的大小不变，把绳子拉A的力沿水平方向和竖直方向进行正交分解，判断竖直方向上的分量的变化，从而可知A对地面的压力的变化，即可得知摩擦力的情况．解答：解：AB、B匀速上升，A沿水平面向右做运动，如图1，V B是V A在绳子方向上的分量，V B是恒定的，随着V B与水平方向的夹角减小，V A减小，所以A在水平方向上向右做减速运动．选项A错误B错误；CD、因为B匀速上升，所以B受力平衡，B所受绳拉力T=G B，A受斜向上的拉力等于B的重力，在图2中把拉力分解成竖着方向的F2和水平方向的F1，在竖直方向上，有N+F2=G A．绳子与水平方向的夹角减小，所以有F2减小，支持力N增大，所以摩擦力增大，选项C错误、D正确．故选：D．点评：该题既考查了力的合成与分解，又考察了运动的合成与分解，是一道质量较高的题．该题在对A的运动的分解时，要明确谁是合速度，谁是分速度，注意物体实际运动的速度为合速度．此种情况是把合速度沿绳子收缩的方向和绳子摆动的方向进行正交分解．6．如图所示，两个质量分别为m1=2kg、m2=3kg的物体置于光滑的水平面上，中间用轻质弹簧秤连接．两个大小分别为F1=30N、F2=20N的水平拉力分别作用在m1、m2上，则( )A．弹簧秤的示数是25NB．弹簧秤的示数是50NC．在突然撤去F2的瞬间，m1的加速度大小为5m/s2D．在突然撤去F1的瞬间，m1的加速度大小为13m/s2考点：牛顿第二定律；物体的弹性和弹力．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：对整体分析，根据牛顿第二定律求出整体的加速度，隔离分析，求出弹簧秤的示数，撤去拉力的瞬间，弹簧的弹力不变，根据牛顿第二定律求出瞬时加速度的大小．解答：解：A、对整体分析，加速度a=，隔离对m2分析，根据牛顿第二定律得，F﹣F2=m2a，解得弹簧秤的示数F=m2a+F2=3×2+20N=26N．故A、B错误．C、撤去F2的瞬间，弹簧的弹力不变，则m1的加速度．故C错误．D、撤去F1的瞬间，弹簧的弹力不变，则m1的加速度．故D正确．故选：D．点评：解决本题的关键能够正确地受力分析，运用牛顿第二定律进行求解，掌握整体法和隔离法的运用，知道撤去拉力的瞬间，弹簧的弹力不变．7．如图所示，建筑工人在砌墙时需要将砖块运送到高处，采用的方式是一工人甲在低处将一摞砖竖直向上抛出，在高处的工人乙将其接住．每块砖的质量均为m，现只考虑最上层的两块砖，不计空气阻力，下列说法正确的是( )A．工人甲在将砖块抛出时（砖未离手）砖块处于失重状态B．工人甲在将砖块抛出时（砖未离手）砖块间作用力等于mgC．工人甲在将砖块抛出后，砖块处于失重状态D．工人甲在将砖块抛出后，砖块间作用力等于mg考点：超重和失重．分析：砖块未脱手时具有向上的加速度，处于超重状态，抛出后具有向下的加速度，处于失重状态．解答：解：A、工人甲在将砖块抛出时（砖未离手），砖块具有向上的加速度，处于超重状态，A错误；B、由牛顿第二定律N﹣mg=ma，所以砖块间作用力N=m（g+a）大于mg，B错误；C、工人甲在将砖块抛出后，砖块具有向下的加速度，处于失重状态，C正确；D、工人甲在将砖块抛出后，砖块间作用力等于0，D错误；故选C点评：本题考查了超重和失重，记住要点：当物体具有向上的加速度时，物体处于超重状态，当物体具有向下的加速度时，处于失重状态．8．在某星球A表面，宇航员把一质量为m A的重物放地面上（该处的重力加速度设为g A），现用一轻绳竖直向上提拉重物，让绳中的拉力T由零逐渐增大，可以得到加速度a与拉力T 的图象OAB；换到另一个星球C表面重复上述实验，也能得到一个相似的图线OCD，下面关于OCD所描述的物体的质量m c与该地表面的重力加速度g c说法正确的是( )A．m c＞m A，g c≠g A B．m c＜m A，g c≠g A C．m c＞m A，g c=g A D．m c＜m A，g c=g A考点：加速度与力、质量的关系式．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：根据牛顿第二定律得出加速度与拉力F的关系式，从而通过图线斜率和纵轴截距进行分析．解答：解：根据牛顿第二定律得，T﹣mg=ma，解得a=﹣g，知图线的斜率表示质量的倒数，纵轴截距的大小表示重力加速度的大小，从而知道m c＞m A，g c=g A．故选：C点评：解决本题的关键根据牛顿第二定律得出加速度随F的关系式，从而图线斜率和截距进行求解．9．“ABS“中文译为“防抱死刹车系统”，它是一种具有防滑、防锁死等优点的汽车安全控制系统．“ABS”启用时，汽车能获得更强的制动性能．某汽车在启用ABS刹车系统和未启用该刹车系统紧急刹车时，其车速与时间的变化关系分别如图中的①、②图线所示．由图可知( )A．启用ABS后t1时刻车速比未启用该刹车系统时大B．启用ABS后减速加速度比未启用该刹车系统时大C．启用ABS后制动所需时间比未启用该刹车系统时短D．启用ABS后制动距离比未启用该刹车系统时短考点：匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：运动学中的图像专题．分析：根据速度图象，直接比较车速的大小，由斜率等于加速度，比较加速度的大小；由图线与时间轴围成的面积表示位移，比较位移的大小．解答：解：A、由图看出，启用ABS后t1时刻车速更大．故A正确．B、由斜率等于加速度的大小得到，启用ABS后0～t1的时间加速度小，t1～t2的时间内加速度大．故B错误．C、据图象可知，当速度为零时，启用ABS后制动所需时间比未启用该刹车系统时短，故C 正确；D、根据速度图象的“面积”等于位移大小看出，刹车后前行的距离比不启用ABS更短．故D正确．故选：ACD．点评：本题要结合速度图象来分析汽车的速度、加速度和位移的大小，抓住斜率等于加速度、“面积”等于位移是基本方法．10．如图所示，轻质细绳悬挂质量为m的小球处于静止状态，现用与水平方向成30°的外力F使小球缓慢向上移动，直到细绳达到水平状态后保持静止，在小球向上移动过程中( )A．外力F不断减小B．外力F不断增大C．细绳的拉力不断增大 D．细绳的拉力先减小后增大考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：小球受重力、外力F和细线的拉力T，三力平衡，重力是恒力，外力F方向不变，运用三角形定则分析即可．解答：解：小球受重力、外力F和细线的拉力T，三力平衡；根据共点力平衡条件，三力平衡时，三力可以构成首位相连的三角形，如图所示：故外力F逐渐增加；细线的拉力先减小后增加（当细线与外力F垂直时细线的拉力最小）；故选：BD．点评：本题是三力平衡中的动态分析问题，关键是记住“三力平衡时，三力可以构成首位相连的三角形”的结论，然后作图分析．11．如图（a），一物块在t=0时刻滑上一固定斜面，其运动的v﹣t图线如图（b）所示，若重力加速度及图中的v0，v1，t1均为已知量，则可求出( )A．斜面的倾角B．物块的质量C．物块与斜面间的动摩擦因数D．物块沿斜面向上滑行的最大高度考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：由图b可求得物体运动过程及加速度，再对物体受力分析，由牛顿第二定律可明确各物理量是否能够求出．解答：解：由图b可知，物体先向上减速到达最高时再向下加速；图象与时间轴围成的面积为物体经过的位移，故可出物体在斜面上的位移；图象的斜率表示加速度，上升过程及下降过程加速度均可求，上升过程有：mgsinθ+μmgcosθ=ma1；下降过程有：mgsinθ﹣μmgcosθ=ma2；两式联立可求得斜面倾角及动摩擦因数；但由于m均消去，故无法求得质量；因已知上升位移及夹角，则可求得上升的最大高度；故选：ACD．点评：本题考查牛顿第二定律及图象的应用，要注意图象中的斜率表示加速度，面积表示位移；同时注意正确的受力分析，根据牛顿第二定律明确力和运动的关系．12．如下图甲所示，A、B两物体叠放在光滑水平面上，对物体B施加一水平变力F，F﹣t 关系如图乙所示，可物体在变力作用下由静止开始运动且始终保持相对静止，则下列说法正确的是( )A．t0时刻，两物体之间的摩擦力最小B．t0时刻，物体的速度最小C．0﹣t0时间内，两物体之间的摩擦力逐渐增大D．0﹣2t0时间内，物体A所受的摩擦力方向始终与变力F的方向相同考点：牛顿运动定律的应用-连接体；静摩擦力和最大静摩擦力．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：先对整体受力分析可知整体的运动状态的变化；再对A分析可知AB间摩擦力的变化；由运动学公式可知速度的变化．解答：解：AC、对AB整体分析可知，整体水平方向只受变化的推力作用；由图象可知，合外力先向右减小，然后再向左增大；则由牛顿第二定律可知，整体的加速度先减小再增大；再对A分析可知A水平方向只受摩擦力；则由牛顿第二定律可知，摩擦力应先减小后增大；t0时刻摩擦力最小；故A正确，C错误；B、因0﹣t0时间内物体一直做加速运动，故速度一直增加，t0时刻，物体的速度最大；故B 错误；D、因两物体一直相对静止，故在运动中加速度相同，而A由摩擦力提供加速度，整体由F 提供，故A受到的摩擦力一直与F同向，故D正确；故选AD．点评：本题为连接体问题，此类问题的处理方法一般要先整体再隔离，分别对整体和部分受力分析是解决问题的关键．二、计算题（13题10分，14题15分，15题15分．）13．一质量为M=4.0kg、长度为L=3.0m的木板B，在大小为8N、方向水平向右的拉力F作用下，以v0=2.0m/s的速度沿水平地面做匀速直线运动，某一时刻将质量为m=1.0kg的小铁块A（可视为质点）轻轻地放在木板上的最右端，如图所示．若铁块与木板之间没有摩擦，求：（重力加速度g取10m/s2）（1）加一个铁块后，木板的加速度大小？（2）二者经过多长时间脱离？考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：（1）当木板匀速运动时，拉力等于摩擦力，求得摩擦因数，加上铁块后由牛顿第二定律即可求得加速度；（2）木板做减速运动，铁块不懂，根据运动学公式即可求得解答：解：（1）由木板匀速运动时有，Mgμ=F；得μ=0.2，加一个物块后，木板做匀减速运动：（M+m）gμ﹣F=Ma代入数据解得：a=0.5m/s2，（2）物块放在木版上相对地面静止，木版匀减速运动的距离L后物块掉下来．由：得：t2﹣8t+12=0解得：t1=2s，t2=6s（舍去）故2秒后A与B脱离．答：（1）加一个铁块后，木板的加速度大小为0.5m/s2（2）二者经过2s脱离点评：本题主要考查了牛顿第二定律与运动学公式，加速度是中间桥梁14．一卡车以v=15m/s的速度在平直公路上匀速行驶，在卡车后面x=100m处一小汽车由静止开始追赶卡车．小汽车先做匀加速运动，加速度大小为3m/s2，加速到最大速度v m=24m/s 后做匀速运动．试求：（1）小汽车追上卡车前二者相距的最大距离．（2）小汽车追上卡车所用的时间．考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：（1）追上前小汽车前两车速度相等时两车相距最大，据速度时间关系求得速度，再根据位移时间关系求得相距最大距离；（2）根据位移关系求得小汽车追上卡车所用时间即可．解答：解：（1）追上前两车速度相等时，两车相距最远，据速度时间有关系有：t==此过程中卡车位移为：x卡=vt=15×5m=75m小汽车位移为：此时两车间最大距离为：△x=x+x卡﹣x小=100+75﹣37.5m=137.5m（2）小汽车加速过程中的平均速度为：所以小汽车在匀速阶段追上卡车令小汽车追上卡车所用时间为t，则小汽车加速的时间为：此过程中卡车的位移为：x卡=vt小汽车加速的位移为：：，匀速运动的位移为：x小″=v m（t﹣t′）由追上时的位移关系：x+x卡=x小′+x小″即：100+15t=96+24×（t﹣8）解得：t=21.78s答：（1）小汽车追上卡车前二者相距的最大距离为137.5m；。
陕西省澄城县寺前中学高三物理推中试题5
陕西省澄城县寺前中学高三物理推中试题51、如图所示，带电平行板中匀强电场方向竖直向下，匀强磁场方向水平向里，一带电小球从光滑绝缘轨道上的a点自由滑下，经过轨道端点P进入板间恰好沿水平方向做直线运动。
现使球从轨道上较低的b点开始滑下，经P点进入板间，在之后运动的一小段时间内A．小球的重力势能一定会减小 B．小球的机械能可能不变C．小球的电势能一定会减小D．小球动能可能减小答案:C2.、如图，一束带电粒子以一定的初速度沿直线通过由相互正交的匀强磁场（B）和匀强电场（E）组成的速度选择器，然后粒子通过平板S上的狭缝P，进入另一匀强磁场（B'），最终打在A1A2上，下列表述正确的是A．粒子带负电B．所有打在A1A2上的粒子，在磁场B'中运动时间都相同C．能通过狭缝P的带电粒子的速率等于D．粒子打在A1A2上的位置越靠近P，粒子的比荷越大答案：CD3、如图所示为圆柱形区域的横截面。
在没有磁场的情况下，带电粒子(不计重力)以某一初速度沿截面直径方向入射时，穿过此区域的时间为t；若该区域加垂直该区域的匀强磁场，磁感应强度为B，带电粒子仍以同一初速度沿截面直径入射，粒子飞出此区域时，速度方向偏转了，根据上述条件可求得的物理量为A．带电粒子的初速度B．带电粒子在磁场中运动的半径C．带电粒子在磁场中运动的周期D．带电粒子的比荷答案：CD4、在如图所示的平面直角坐标系x O y中，有一个圆形区域的匀强磁场（图中未画出），磁场方向垂直于x O y平面，O点为该圆形区域边界上的一点。
现有一质量为m，带电量为+q的带电粒子（重力不计）从O点开始以初速度v o沿+x方向进入磁场，粒子经过y轴上P点时速度方向与+y方向夹角为θ=30°。
已知OP=L，求：（1）磁感应强度的大小和方向；（2）该圆形区域的最小面积。
答案:【命题意图】本题考查带电粒子在匀强磁场中的运动，意在考查学生对洛伦兹力、牛顿运动定律、圆周运动的理解和运用。
陕西省澄城县寺前中学高三物理上学期第二次月考试题
陕西省澄城县寺前中学2015届高三物理上学期第二次月考试题1．意大利科学家伽利略在研究物体变速运动规律时，做了著名的“斜面实验”，他测量了铜球在较小倾角斜面上的运动情况，发现铜球做的是匀变速直线运动，且铜球加速度随斜面倾角的增大而增大，于是他对大倾角情况进行了合理的外推，由此得出的结论是（ ）A ．力不是维持物体运动的原因B ．力是使物体产生加速度的原因C ．自由落体运动是一种匀变速直线运动D ．物体都具有保持原来运动状态的属性，即惯性2．在物理学的重大发现中，科学家总结出了许多物理学方法，如：理想实验法、控制变量法、极限思想法、类比法、科学假说法和建立理想模型法等，以下关于物理学研究方法的叙述不正确的是（ ）A ．在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫假设法B ．根据速度的定义式，当△t 非常小时，就可以表示物体在t 时刻的瞬时速度，该定义运用了极限思想方法C ．在探究加速度、力和质量三者之间的关系时，先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系，该探究运用了控制变量法D ．在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程等分成很多小段，每一小段近似看做匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里运用了微元法3．如图所示为杂技“顶竿”表演，一人站在地上，肩上扛一质量为M 的竖直竹竿，当竿上一质量为m 的人以加速度a 加速下滑时，竿对“底人”的压力大小为（ ）A ．（M ＋m ）gB ．（M ＋m ）g －maC ．（M ＋m ）g ＋maD ．（M －m ）g4．如图所示，光滑水平地面上有质量相等的两物体A 、B ，中间用劲度系数为k 的轻弹簧相连，在外力F 1、F 2作用下运动，且满足F 1>F 2，当系统运动稳定后，弹簧的伸长量为（ ）5. 如图所示，一小球从A 点由静止开始沿斜面向下做匀变速直线运动，若到达B 点时速度为v ，到达C 点时速度为2v ，则x AB ∶x BC 等于（ ）．A ．1∶1B ．1∶2C ．1∶3D ．1∶46．如图所示，一物块m 从某曲面上的Q 点自由下滑，通过一粗糙的静止传送带后，落到地面P 点。
陕西省渭南市澄城县寺前中学高三物理统练试题(12月22
陕西省渭南市澄城县寺前中学高三物理统练试题（12月22日）（无答案）1、一根均匀的电阻丝其电阻为R，在温度不变的情况下，下列情况中其电阻值仍为R的是（）A、当长度不变，横截面积增大一倍时B、当横截面积不变，长度增大一倍时C、长度和横截面半径都增大一倍时D、长度和横截面积都缩小一半时2、在如图甲所示的电路中，电源电动势为3.0 V，内阻不计，L1、L2、L3为3个相同规格的小灯泡，这种小灯泡的伏安特性曲线如图乙中曲线所示。
当开关闭合后，下列判断正确的是（）甲乙A、灯泡L的电阻为12B、通过灯泡L1的电流为灯泡L2电流的2倍C、灯泡L1消耗的电功率为0.75 WD、灯泡L2消耗的电功率为0.30 W3、要使一个电压表的量程变大，可采用的方法是（）A、并联一个阻值较大的电阻B、把原有的分流电阻换成阻值较大的电阻C、再串联一个阻值适当的分压电阻D、在原有的分压电阻上并联一个适当的电阻4、如图所示，A、B为两个相同的灯泡，均发光，当变阻器的滑片P向下端滑动时，则（）A、A灯变亮，B灯为暗B、A灯变暗，B灯变亮C、A、B灯均变亮D、A、B灯均变暗5、如图所示，直线A为电源a的路端电压与电流的关系图象，直线B为电源b的路端电压与电流的关系图象，直线C为一个电阻R的两端电压与电流关系的图象。
将这个电阻R分别接到a、b两电源上，那么（）A、R接到a电源上，电源的效率较高B、R接到b电源上，电源的输出功率较大C、R接到a电源上，电源的输出功率较大，但电源效率较低D、R接到b电源上，电阻的发热功率和电源的效率都较高6、在测定金属丝的直径时，螺旋测微器的读数如图所示，可知该金属丝的直径d=_______________mm。
7、用伏安法测电阻时采用如图所示的（a）、（b）两种电路。
当用图（a）电路测量时，电压表和电流表的读数分别为U1=5 V，I1=0.6 A；当用图（b）电路测量时，电压表和电流表的读数分别为U2=4.6 V、I2=0.8 A。
陕西省渭南市澄城县寺前中学2015-2016学年高三(上)周练物理试卷【解析版】(9.7)
2015-2016学年陕西省渭南市澄城县寺前中学高三（上）周练物理试卷（9.7）一、选择题1．某物体受到四个力的作用而处于静止状态，保持其中三个力的大小和方向均不变，使另一个大小为F的力方向转过90°，则欲使物体仍能保持静止状态，必须再加上一个大小为多少的力( )A．F B．F C．2F D．3F2．如图所示，一光滑半圆形碗固定在水平面上，质量为m1的小球用轻绳跨过碗口并连接质量分别为m2和m3的物体，平衡时碗内小球恰好与碗之间没有弹力，两绳与水平方向夹角分别为53°、37°，则m1：m2：m3的比值为（已知sin53°=0.8，cos53°=0.6）( )A．5：4：3B．4：3：5C．3：4：5D．5：3：43．两个中间有孔的质量为M的小球A、B用一轻弹簧相连，套在水平光滑横杆上．两个小球下面分别连一轻弹簧．两轻弹簧下端系在一质量为m的小球C上，如图所示．已知三根轻弹簧的劲度系数都为k，三根轻弹簧刚好构成一等边三角形．下列说法正确的是( )A．水平横杆对质量为M的小球的支持力为Mg+mgB．连接质量为m小球的轻弹簧的弹力为C．连接质量为m小球的轻弹簧的伸长量为mgD．套在水平光滑横杆上的轻弹簧的形变量为mg4．如图所示，有一质量不计的杆AO，长为R，可绕A自由转动．用绳在O点悬挂一个重为G的物体，另一根绳一端系在O点，另一端系在以O点为圆心的圆弧形墙壁上的C点．当点C由图示位置逐渐向上沿圆弧CB移动过程中（保持OA与地面夹角θ不变），OC绳所受拉力的大小变化情况是( )A．逐渐减小B．逐渐增大C．先减小后增大D．先增大后减小5．如图，滑块A置于水平地面上，滑块B在一水平力作用下紧靠滑块A（A、B接触面竖直），此时A恰好不滑动，B刚好不下滑．已知A与B间的动摩擦因数为μ1，A与地面间的动摩擦因数为μ2，最大静摩擦力等于滑动摩擦力．A与B的质量之比为( )A．B．[来源:学|科|网Z|X|X|K]C．D．[来源:]6．如图所示，一根不可伸长的光滑轻绳系在两竖直杆等高的A、B两点上，将一悬挂了衣服的衣架挂在轻绳上，处于静止状态．则( )A．仅增大两杆间距离，再次平衡时，绳中张力变大B．仅增大两杆间距离，再次平衡时，绳中张力保持不变C．仅将B点位置向上移动一点，再次平衡时，绳中张力变大D．仅将B点位置向下移动一点，再次平衡时，绳中张力变小7．如图所示，用轻绳AO和OB将重为G的重物悬挂在水平天花板和竖直墙壁之间处于静止状态，AO绳水平，OB绳与竖直方向的夹角为θ．则AO绳的拉力T1、OB绳的拉力T2的大小与G之间的关系为( )A．T1=B．T1=GtanθC．T2=D．T2=Gcosθ8．如图所示，AC是上端带定滑轮的固定竖直杆，质量不计的轻杆BC一端通过较链固定在C点，另一端B悬挂一重为G的重物，且B端系有一根轻绳并绕过定滑轮A，用力F拉绳，开始时∠BCA＞90°，现使∠BCA缓慢变小，直到杆BC接近竖直杆AC此过程中，以下分析正确的是( )[来源:学科网ZXXK]A．绳子越来越容易断B．绳子越来越不容易断C．作用在BC杆上的压力增大D．作用在BC杆上的压力大小不变9．细绳拴一个质量为m的小球，小球用固定在墙上的水平轻质弹簧支撑，小球与弹簧不连结，平衡时细绳与竖直方向的夹角为53°，（cos53°=0.6，sin53°=0.8）以下说法正确的是( )A．小球静止时弹簧的弹力大小为mgB．小球静止时细绳的拉力大小为mgC．细线烧断瞬间小球的加速度大小为gD．细线烧断瞬间小球的加速度大小为g10．如图所示，一质量为m的物体在沿斜面向上的外力作用下静止在质量为M的斜面体上，斜面体静止在水平地面上，则( )A．水平地面对斜面体的摩擦力水平向右B．水平地面对斜面体无摩擦力[来源:]C．水平地面对斜面体的支持力小于（M+m）gD．水平地面对斜面体的作用力方向竖直向上[来源:学科网]二、计算题11．如图所示，轻绳悬挂一质量为m=2.0kg的小球，现对小球再施加一个力F，使小球静止在绳子与竖直方向成60°的位置上，g=10m/s2．（1）若F为水平方向，求F的大小；（2）若要使F的取值最小，求F的大小和方向．12．如图所示，物体B放在粗糙的水平桌面上，A被三根细绳悬挂，物体A、B都处于静止状态，其质量分别为m A=2kg，m B=5kg，细绳OB呈水平，细绳OP与竖直方向成37°角．（已知sin37°=0.6；cos37°=0.8）求：（1）请在图上画出结点O的受力示意图；（2）物体B受到的摩擦力；（3）若将B物体固定在桌面上，OA、OB、OP细绳的位置保持不变，且三细绳所能承受的最大张力都是50N，为了使细绳不断，则所挂的A物的最大重量是多少？2015-2016学年陕西省渭南市澄城县寺前中学高三（上）周练物理试卷（9.7）一、选择题1．某物体受到四个力的作用而处于静止状态，保持其中三个力的大小和方向均不变，使另一个大小为F的力方向转过90°，则欲使物体仍能保持静止状态，必须再加上一个大小为多少的力( )A．F B．F C．2F D．3F考点：合力的大小与分力间夹角的关系．专题：平行四边形法则图解法专题．分析：物体受到四个力的作用而处于静止状态时，合力为零，力F与其余三个力的合力大小相等，方向相反．三个力的大小和方向不变时，三个力的合力也不变．将F力的方向转过90°，根据平行边形定则求出此时的合力．解答：解：物体受到四个力的作用而处于静止状态时，合力为零，力F与其余三个力的合力大小相等，方向相反，即三个力的合力大小为F，方向与F相反，三力的大小和方向不变时，它们的合力也保持不变．将F力的方向转过90°时，F与其余三力的合力的夹角为90°，根据平行边形定则得到，物体的合力为F合=F．故选：B．点评：本题是平衡条件推论的应用．物体受到若干个力作用而处于平衡状态时，其中一个力与其余力的合力大小相等、方向相反，这是平衡条件的推论，在研究平衡问题常常用到，要在理解的基础上记住．[来源:学#科#网]2．如图所示，一光滑半圆形碗固定在水平面上，质量为m1的小球用轻绳跨过碗口并连接质量分别为m2和m3的物体，平衡时碗内小球恰好与碗之间没有弹力，两绳与水平方向夹角分别为53°、37°，则m1：m2：m3的比值为（已知sin53°=0.8，cos53°=0.6）( )A．5：4：3B．4：3：5C．3：4：5D．5：3：4考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：对碗内的小球受力分析，根据共点力平衡条件，运用合成法求解．解答：解：对碗内的小球m1受力分析，受重力、两个细线的两个拉力，由于碗边缘光滑，故相当于动滑轮，故细线对物体m2的拉力等于m2g，细线对物体m1的拉力等于m1g，如图：根据共点力平衡条件，两个拉力的合力与重力等值、反向、共线，有G2=G1cos37°G3=G1sin37°故m1：m2：m3=5：4：3故选：A点评：本题关键是对碗内小球受力分析，根据三力平衡条件可知，三个力中任意两个力的合力与第三个力等值、反向、共线，然后运用合成法作图，根据几何关系得到三个物体的重力之比．3．两个中间有孔的质量为M的小球A、B用一轻弹簧相连，套在水平光滑横杆上．两个小球下面分别连一轻弹簧．两轻弹簧下端系在一质量为m的小球C上，如图所示．已知三根轻弹簧的劲度系数都为k，三根轻弹簧刚好构成一等边三角形．下列说法正确的是( )A．水平横杆对质量为M的小球的支持力为Mg+mgB．连接质量为m小球的轻弹簧的弹力为C．连接质量为m小球的轻弹簧的伸长量为mgD．套在水平光滑横杆上的轻弹簧的形变量为mg考点：共点力平衡的条件及其应用；胡克定律．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：对小球受力分析后根据平衡条件得到弹簧的弹力，根据胡克定律求解出压缩量；根据几何关系得到弹簧的长度．解答：解：A、选择整体为研究的对象，则它们在竖直方向只受到重力的作用与杆的支持力，由二力平衡可知，杆的支持力与整体的重力大小相等，即N=2Mg+mg．所以水平横杆对质量为M的小球的支持力为Mg+0.5mg．故A错误；B、对三个小球分别进行受力分析如图：则：由对称性可知，左右弹簧对C的拉力大小相等，与合力的方向之间的夹角是30°，所以：2F1cos30°=mg得：．故B错误；C、由胡克定律得：F1=kx1，连接质量为m小球的轻弹簧的伸长量：．故C正确D、对A进行受力分析如图，则水平方向受到水平弹簧向左的弹力与F1的水平分力的作用，由受力平衡得：同理，对B进行受力分析得：所以弹簧的弹力是套在水平光滑横杆上的轻弹簧的形变量：，故D错误．故选：C[来源:学_科_网Z_X_X_K]点评：本题关键是对小球受力分析后根据平衡条件求得弹力，然后根据胡克定律并几何关系列式求解即可．4．如图所示，有一质量不计的杆AO，长为R，可绕A自由转动．用绳在O点悬挂一个重为G的物体，另一根绳一端系在O点，另一端系在以O点为圆心的圆弧形墙壁上的C点．当点C由图示位置逐渐向上沿圆弧CB移动过程中（保持OA与地面夹角θ不变），OC绳所受拉力的大小变化情况是( )A．逐渐减小B．逐渐增大C．先减小后增大D．先增大后减小考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：先对G受力分析可知竖直绳上的拉力不变，再对结点O分析可得出受力的平行四边形；根据C点的移动利用图示法可得出OC拉力的变化．解答：解：对G分析，G受力平衡，则拉力等于重力；故竖直绳的拉力不变；再对O点分析，O受绳子的拉力OA的支持力及OC的拉力而处于平衡；受力分析如图所示；将F和OC绳上的拉力合力，其合力与G大小相等，方向相反，则在OC上移的过程中，平行四边形的对角线保持不变，平行四边形发生图中所示变化，则由图可知OC的拉力先减小后增大，图中D点时力最小；故选：C．点评：本题利用了图示法解题，解题时要注意找出不变的量作为对角线，从而由平行四边形可得出拉力的变化．5．如图，滑块A置于水平地面上，滑块B在一水平力作用下紧靠滑块A（A、B接触面竖直），此时A恰好不滑动，B刚好不下滑．已知A与B间的动摩擦因数为μ1，A与地面间的动摩擦因数为μ2，最大静摩擦力等于滑动摩擦力．A与B的质量之比为( )A．B．C．D．考点：共点力平衡的条件及其应用；摩擦力的判断与计算．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：对A、B整体和B物体分别受力分析，然后根据平衡条件列式后联立求解即可．解答：解：对A、B整体分析，受重力、支持力、推力和最大静摩擦力，根据平衡条件，有：F=μ2（m1+m2）g ①再对物体B分析，受推力、重力、向左的支持力和向上的最大静摩擦力，根据平衡条件，有：水平方向：F=N竖直方向：m2g=f其中：f=μ1N联立有：m2g=μ1F ②联立①②解得：=故选：B点评：本题关键是采用整体法和隔离法灵活选择研究对象，受力分析后根据平衡条件列式求解，注意最大静摩擦力约等于滑动摩擦力．6．如图所示，一根不可伸长的光滑轻绳系在两竖直杆等高的A、B两点上，将一悬挂了衣服的衣架挂在轻绳上，处于静止状态．则( )A．仅增大两杆间距离，再次平衡时，绳中张力变大B．仅增大两杆间距离，再次平衡时，绳中张力保持不变C．仅将B点位置向上移动一点，再次平衡时，绳中张力变大D．仅将B点位置向下移动一点，再次平衡时，绳中张力变小考点：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：对挂钩受力分析，根据平衡条件结合几何关系列式求解；悬点从B上移或下移，细线与杆的夹角不变；杆左右移动时，细线与杆的夹角改变．解答：解：在杆上取一些点（A点、B点、B1点、B2点），如图所示：AB、对挂钩受力分析，如图，仅增大两杆间距离，再次平衡时，角度θ变大，根据平衡条件，有：2Tcosθ=mg解得：T=故绳子拉力T变大，故A正确，B错误；[来源:]C、仅将B点位置向上移动一点，即从B移到B1时，有：AO•sinθ+OB•sinθ=AO′•sinα+O′B1•sinα故θ=α，即悬点从B移到B1，细线与杆的夹角不变；根据平衡条件，有：2Tcosθ=mg，得绳子张力也不变，故C错误；D、仅将B点位置向下移动一点，即从B移到B2时，有：AO•sinθ+OB•sinθ=AO′•sinα+O′B2•sinα故θ=α，即悬点从B移到B2，细线与杆的夹角不变；根据平衡条件，有：2Tcosθ=mg，得绳子张力也不变，故D错误；故选：A点评：本题关键根据几何关系，得到两种移动方式下，绳子与竖直方向的夹角的变化情况，然后根据共点力平衡条件列式求解．7．如图所示，用轻绳AO和OB将重为G的重物悬挂在水平天花板和竖直墙壁之间处于静止状态，AO绳水平，OB绳与竖直方向的夹角为θ．则AO绳的拉力T1、OB绳的拉力T2的大小与G之间的关系为( )A．T1=B．T1=GtanθC．T2=D．T2=Gcosθ[来源:Z|xx|]考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：由题系统处于静止状态，以结点O为研究对象，分析受力情况，作出力图，由平衡条件求出AO绳的拉力T1、OB绳的拉力T2的大小与G之间的关系．解答：解：以结点O为研究对象，分析受力情况，作出力图如图．由平衡条件得T1=Gtanθ，T2=故选BC点评：本题悬绳固定的物体平衡问题，往往以结点为研究对象，作出力图，由平衡条件求解．8．如图所示，AC是上端带定滑轮的固定竖直杆，质量不计的轻杆BC一端通过较链固定在C点，另一端B悬挂一重为G的重物，且B端系有一根轻绳并绕过定滑轮A，用力F拉绳，开始时∠BCA＞90°，现使∠BCA缓慢变小，直到杆BC接近竖直杆AC此过程中，以下分析正确的是( )A．绳子越来越容易断B．绳子越来越不容易断C．作用在BC杆上的压力增大D．作用在BC杆上的压力大小不变考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：以结点B为研究对象，分析受力情况，作出力的合成图，根据平衡条件得出力与三角形ABC边长的关系，再分析绳子拉力和BC杆的作用力的变化情况．解答：解：以结点B为研究对象，分析受力情况，作出力的合成图如图，根据平衡条件则知，F、N的合力F合与G大小相等、方向相反．根据三角形相似得：==，又F合=G得：F=，N=现使∠BCA缓慢变小的过程中，AB变小，而AC、BC不变，则得到，F变小，N不变，所以绳子越来越不容易断，作用在BC杆上的压力大小不变．选项AC错误，BD正确．故选BD点评：本题运用三角相似法研究动态平衡问题，直观形象，也可以运用函数法分析研究．9．细绳拴一个质量为m的小球，小球用固定在墙上的水平轻质弹簧支撑，小球与弹簧不连结，平衡时细绳与竖直方向的夹角为53°，（cos53°=0.6，sin53°=0.8）以下说法正确的是( )A．小球静止时弹簧的弹力大小为mgB．小球静止时细绳的拉力大小为mgC．细线烧断瞬间小球的加速度大小为gD．细线烧断瞬间小球的加速度大小为g考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：小球静止时，分析受力情况，由平衡条件求解弹簧的弹力大小和细绳的拉力大小．细绳烧断瞬间弹簧的弹力不变，则小球所受的合力与烧断前细绳拉力的大小相等、方向相反，即可求出加速度．解答：解：A、B、小球静止时，分析受力情况，如图，由平衡条件得：弹簧的弹力大小为：F=mgtan53°=，细绳的拉力大小为：T=，故A、B正确．C、D、细绳烧断瞬间弹簧的弹力不变，则小球所受的合力与烧断前细绳拉力的大小相等、方向相反，则此瞬间小球的加速度大小为：a=，故C正确，D错误．故选：ABC．点评：本题中小球先处于平衡状态，由平衡条件求解各力的大小，后烧断细绳，小球处于非平衡条件，抓住细绳烧断瞬间弹簧的弹力不变是关键．10．如图所示，一质量为m的物体在沿斜面向上的外力作用下静止在质量为M的斜面体上，斜面体静止在水平地面上，则( )A．水平地面对斜面体的摩擦力水平向右B．水平地面对斜面体无摩擦力C．水平地面对斜面体的支持力小于（M+m）gD．水平地面对斜面体的作用力方向竖直向上考点：共点力平衡的条件及其应用；摩擦力的判断与计算．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：斜面保持静止，所受的合力为零，物体静止，其合力也为零，将两个物体看成整体，分析受力情况，由平衡条件求解地面对斜面的支持力和摩擦力大小和方向．解答：解：A、以斜面和物块整体为研究对象受力分析，根据平衡条件：水平方向摩擦力和F水平方向的分力等大反向：f=Fcosθ，方向水平向右，故A正确B错误；C、竖直方向：N+Fsinθ=（M+m）g，可见N＜（M+m）g，C正确；D、水平地面对斜面体的作用力为摩擦力与支持力的合力，故方向向上偏右，故D错误；故选：AC．点评：本题考查了物体的平衡条件，受力分析，在这里摩擦力的大小和方向随拉力的变化而变化，需要根据拉力的大小进行讨论，试题难度较大．解答本题的关键是正确地进行受力分析，然后由平衡条件列方程求解．二、计算题11．如图所示，轻绳悬挂一质量为m=2.0kg的小球，现对小球再施加一个力F，使小球静止在绳子与竖直方向成60°的位置上，g=10m/s2．（1）若F为水平方向，求F的大小；（2）若要使F的取值最小，求F的大小和方向．考点：共点力平衡的条件及其应用．分析：（1）对小球受力分析可知小球应在重力、拉力及F的作用下处于平衡状态；根据共点力的平衡条件可求得F的大小；（2）拉力及重力的合力应与F大小相等方向相反，根据力的合成作出平行四边形，由几何关系可得出F的最小值的大小及方向．解答：解：（1）由图可知，拉力及重力的合力与F大小相等方向相反，[来源:学,科,网Z,X,X,K]由几何关系可知：F=mgtan60°=20N；（2）由于拉力的方向不变，重力的大小、方向均不变；而拉力与F的合力一定与重力大小相等，方向相反，由图利用几何关系可知当力的方向与拉力方向垂直时F有最小值：F min=mgsin60°=10N方向为与水平方向成60°斜向上png_iVBORw0KGgoAAAANSUhEUgAAAHMAAABdCAYAAACW5VmgAAAAAXNSR0IArs4c6QAAAARnQU1BAACxj 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KyMLs4ploBhwwJSa7NArVu7+/ftUg3VSUWB6NSgp0ayKwDEbA1OLhMnvzZs3k4ULF/qOICG/uP7XdxmOSkMKlacSYDLhYwJcPIsQWnry5ElP8coOwYqFz5Q1ohJgsudG4 INolU9e2+DZC4CdbuIemthqZiX5zIcPH9KgRoTpN6SJ/Dp7Z0rqMystwkUXhT8eBybWCybyIVDSSRamjrRC5hWPgPPqmuA lNznfr6QwK8nMsvcAfpMdYOwFE7MxfLDEW7DY+sxKCoAYTAwIQOuw9wXn3bLTs2FWMayH33FdZ4yW1V1Szaw0mLx WYcUf5kKxch5ygD/FgHuYw6wszJB+MEzxMFNg0q5emMaELVuJPlOna6Ir35Jqpm5jk5a/7DWz0vqWfi9g2cKUQbRmNvMpjKhSSc1spUWzIrSy1UzZ24fQvJJTom BWMkg8u4WZoDfAwrQwPSVQ0gAoQVyMHsVqppHY4lnIwownF6NWWZhGYotnIQsznlyMWmVhGoktnoUszHhyMWqVh WkktngWsjDjycWoVRamkdjiWcjCjCcXo1ZZmEZii2chCzOeXIxaZWEaiS2ehSzMeHIxapU6TO48evEreNyd7RSYEYZoCokw g1cuDpN0a33uS0tYQ9X9eIR0tLWSJ87Z2BZmNFyMalHXTKf6J910G0N9W9r15cLWhhRp+L2D3t/CNMIQTSG/Ayr4O4w4e lfvgGxNd7s+zEM12YHc5vxuYUbDRKsW/nAnUTP5a3yl1LQ2tAR+YclqphaKcJnxBSMcPMwSr5n4hgrOsRW3vUMrG7JaGf RhHgszHB/t0jjbB2fAI/GamU6n6d7MvJT1lek/3F9u6O5ozX02hA VCFqY2jnAFcBw4zvfBMaYMJg7yx0mY0hO5nlyjgU9HtwNT+GTzX3+mqfllycIM x8aodGNjI90xzWDiPCAcES5LfPAjXr+ebqFBkT9Mn44pLWiv+0MMkM+/b/+jmrhv3z56/BoOHnad9S6U//sPRwMd7cyZ2uz1l vpMP5PxsJpppFtmhfhBgfb2dhrwYL+N3+c1cnfK+k7+I7C8iUU+OUyreaE0T8VyoRuCcwzwARxEsq7kIf+gESKrmWZKFkkp HP09MDCgWFfw90L/B4HHZd8wDvVWAAAAAElFTkSuQmCC6I+B5LyY572R答：（1）F为水平方向时，F为20N；（2）F的最小值为10N，方向与水平方向成60度角斜向上．点评：本题考查共点力的平衡条件，一般当三力平衡时，常常用合成法，即任意两力的合力与第三力大小相等方向相反；只要建立出平行四边形或三角形即可由几何关系得出待求量．12．如图所示，物体B放在粗糙的水平桌面上，A被三根细绳悬挂，物体A、B都处于静止状态，其质量分别为m A=2kg，m B=5kg，细绳OB呈水平，细绳OP与竖直方向成37°角．（已知sin37°=0.6；cos37°=0.8）求：（1）请在图上画出结点O的受力示意图；（2）物体B受到的摩擦力；（3）若将B物体固定在桌面上，OA、OB、OP细绳的位置保持不变，且三细绳所能承受的最大张力都是50N，为了使细绳不断，则所挂的A物的最大重量是多少？考点：摩擦力的判断与计算；共点力平衡的条件及其应用．专题：摩擦力专题．分析：对O点受力分析，由共点力平衡条件，运用正交分解法列式求解．解答：解：（1）对O点受力分析如图所示（2）由几何知识知：解得：F OB=15N所以，B受到桌面的摩擦力大小f=F OB=15N（3）为了使细绳不断，应满足：F OP cos37°=m A g其中F OP=50N解得：m A=4kg答：（1）如图；（2）物体B受到的摩擦力15N；（3）为了使细绳不断，则所挂的A物的最大重量是4kg．点评：本题关键对点O受力分析，然后运用共点力平衡条件列式求解．。
陕西省渭南市澄城县寺前中学高三物理下学期推中题25
陕西省渭南市澄城县寺前中学2015届高三物理下学期推中题251．太阳因核聚变释放出巨大的能量，同时其质量不断减少。
太阳每秒钟辐射出的能量约为4×1026 J ，根据爱因斯坦质能方程，太阳每秒钟减少的质量最接近 A.1036 kg B.1018 kg C.1013 kg D.109 kg 【答案】 D2．卢瑟福提出了原子的核式结构模型，这一模型建立的基础是 （A ）α粒子的散射实验 （B ）对阴极射线的研究（C ） 天然放射性现象的发现 （D ）质子的发现 答案：A 3.现已建成的核电站的能量来自于（A ）天然放射性元素衰变放出的能量 （B ）人工放射性同位素放出的的能量 （C ）重核裂变放出的能量 （D ）化学反应放出的能量【解析】C 4．(1)研究光电效应电路如图所示，用频率相同、强度不同的光分别照射密封真空管的钠极板（阴极K ），钠极板发射出的光电子被阳极A 吸收，在电路中形成光电流。
下列光电流I 与A\K 之间的电压a kU的关系图象中，正确的是 .（2）钠金属中的电子吸收光子的能量，从金属表面逸出，这就是光电子。
光电子从金属表面逸出的过程中，其动量的大小___▲____(选填“增大、“减小”或“不变”)， 原因是___▲____。
（3）已知氢原子处在第一、第二激发态的能级分别为-3.4eV 和-1.51eV ， 金属钠的截止频率为145.5310⨯Hz, 普朗克常量h=346.6310-⨯J s.请通过计算判断，氢原子从第二激发态跃迁到第一激发态过程中发出的光照射金属钠板， 能否发生光电效应。
答案：C5.用频率为v 的光照射大量处于基态的氢原子，在所发射的光谱中仅能观测到频率分别为123v v v 、、的三条谱线，且321v v v ＞＞，则_______.(填入正确选项前的字母)A 、01v v ＜B 、321v v v =+C 、0123v v v v =++D 、123111v v v =+答案：B6． (1)能量为i E 的光子照射基态氢原子，刚好可使该原子中的电子成为自由电子．这一能 i E 称为氢的电离能．现用一频率为ν的光子从基态氢原子中击出了一电子，该电子在远离核以后速度的大小为_______________（用光子频率ν、电子质量m 、氢原子的电离能i E和普朗克常量h表示）。
高三物理试题-陕西省渭南市澄城县寺前中学2015-2016学年下学期高考模拟试卷(十二)
2016年陕西省渭南市澄城县寺前中学高考推中物理模拟试卷（十二）一.选择题1．以初速度大小v1竖直向上抛出一物体，落回到抛出点时速度大小为v2．已知物体在运动过程中受到的空气阻力大小不变，物体所受空气阻力与重力的大小之比为3：5．则v1与v2之比为（）A．1：1 B．1：2 C．2：1 D．4：12．如图所示，质量相等的物体A和物体B与地面的动摩擦因数相等，在力F的作用下，一起沿水平地面向右移动x，则（）A．摩擦力对A、B做功相等B．A、B动能的增量相同C．F对A做的功与F对B做的功相等D．合外力对A做的总功与合外力对B做的总功不相等3．如图所示．小球a从倾角为45度的光滑斜面上由静止自由释放，同时小球b从斜面上方某一高度处也由静止自由释放，两个小球质量相同，它们在斜面的O点恰好相撞．则（）A．相撞前瞬间，两小球速度大小相等B．相撞前瞬间．两小球重力功率相等C．相撞前瞬间，b球的动能是a球动能的2倍D．从开始运动到相撞，b球位移是a球位移的2倍4．一辆汽车以v1=6m/s的速度沿水平路面行驶时，急刹车后能滑行s1=3.6m，如果汽车以v2=8m/s的速度行驶，在同样路面上急刹车后滑行的距离s2应为（）A．6.4m B．5.6m C．7.2m D．10.8m二.非选择题5．如图所示，质量为m的物体静止放在水平光滑的平台上，系在物体上的绳子跨过光滑定滑轮，在地面上的人以速度v0向右匀速行走，设人从地面上靠近平台的边缘处开始向右行至绳与水平方向夹角θ=45°处，则在此过程中人对物体所做的功为．6．如图所示，物体以100J的初动能从斜面底端向上运动，中途第一次通过斜面上M点时，其动能减少了80J，机械能减少了32J．则当物体沿斜面重新返回底端时，其动能为J．三.解答题7．有一个直径为L=1.5m的圆形桌子，桌面离地高度为h=1.25m．一个小物块从桌面正中心O点以初速v0=2m/s沿着桌面做直线运动最后落在水平地面上．已知动摩擦因数为μ=0.2，取g=10m/s2，求：（1）物块刚离开桌面时的速度大小是多少？（2）物块在水平方向运动的距离S和物块运动的总时间．2016年陕西省渭南市澄城县寺前中学高考推中物理模拟试卷（十二）参考答案与试题解析一.选择题1．【考点】动能定理的应用．【分析】物体上升的高度与下降的高度大小相等，应用动能定理求出物体的速度，然后求出速度之比．【解答】解：由题意可知，空气阻力与重力之比：f：G=3：5，设物体上升的高度为h，由动能定理得：上升过程：﹣（f+G）h=0﹣mv12，下降过程：Gh﹣fh=mv22，﹣0，解得：v1：v2=2：1；故选：C．【点评】本题考查了求物体的速度之比，分析清楚物体的运动过程、应用动能定理即可正确解题．2．【考点】功的计算．【分析】通过对AB两物体的分析可知，AB两物体受到的摩擦力不相等，有W=fs可知摩擦力做功不相等．F对A做的功等于摩擦力对A所做的功和A获得的动能的和；A对B做的功等于摩擦力对B做的功和B获得的动能的和．【解答】解：对A、B分别受力分析，受力如图所示对A分析F n﹣Fsinaθ﹣G=0，f=μF n=μ（Fsinaθ+G）对B分析F n1=G，f1=μF n1=μG，W f=fL，W f1=f1L，∵f＞f1，∴W f＞W f1；根据动能定理可知，A、B所受的合外力做的功等于A、B物体动能的变化，而A、B动能的变化量相等，所以合外力对A、B做功相等，故B正确D错误；而A所受合外力为F和摩擦力，B所受合力为A对B及摩擦力，所以F对A与A对B的力做功不相等，所以AC错误，故选：B．【点评】解答本题应注意对A和B正确受力分析，利用动能定理进行计算．3．【考点】功率、平均功率和瞬时功率．【分析】通过牛顿的第二定律分别求出加速度，由运动学公式判断出速度关系，位移关系，通过P=mgvco sθ求出瞬时功率，由求出动能；【解答】解：A、小球a加速度为a=gsin45°=，小于自由落体运动的小球b的加速度g，相撞前瞬间，由v=at可知，小球a速度小于小球b，选项A错误；B、相撞前瞬间，，v b=gt，，，故小球a重力功率小于小球b，选项B错误；C、相撞前瞬间，小球a的速度可表示为，小于自由落体运动的小球b的速度可表示为v b=gt，由动能公式可知，b球的动能是a球动能的2倍，选项C正确；D、从开始运动到相撞，b球位移可表示为x b=gt2，a球位移可表示为，b 球位移是a球位移的倍，选项D错误；故选：C【点评】本题主要考查了动能即功率的求法，利用好运动学公式求速度和位移即可；4．【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】根据匀变速直线运动的速度位移公式求出同样情况下急刹车后滑行的距离．【解答】解：根据匀变速直线运动的速度位移公式得：，，则解得：s2=6.4m故选：A【点评】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式，并能灵活运用．二.非选择题5．【考点】功的计算．【分析】对人运动的速度进行分解，分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向，在沿绳子方向上的分速度等于物块的速度，根据动能定理求出人对滑块所做的功．【解答】解：将人的速度分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向，在沿绳子方向的分速度等于物体的速度，v物=v0cos45°根据动能定理：W==故答案为：【点评】解决本题的关键是知道物体的速度等于沿绳子方向的速度，以及能够灵活运用动能定理．6．【考点】动能定理的应用；功能关系．【分析】运用动能定理列出动能的变化和总功的等式，运用除了重力之外的力所做的功量度机械能的变化关系列出等式，两者结合去解决问题．【解答】解：运用动能定理分析得出：物体损失的动能等于物体克服合外力做的功（包括克服重力做功和克服摩擦阻力做功），损失的动能为：△E k=mgLsinθ+fL=（mgsinθ+f）L…①损失的机械能等于克服摩擦阻力做功，△E=fL…②由得：==常数，与L无关，由题意知此常数为2.5．则物体上升到最高点时，动能为0，即动能减少了100J，那么损失的机械能为40J，那么物体返回到底端，物体又要损失的机械能为40J，故物体从开始到返回原处总共机械能损失80J，因而它返回A点的动能为20J．故答案为：20．【点评】解题的关键在于能够熟悉各种形式的能量转化通过什么力做功来量度，并能加以运用列出等式关系．三.解答题7．【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】（1）物块在水平桌面上做匀减速直线运动，根据牛顿第二定律求出加速度，根据位移速度公式求出物块刚离开桌面时的速度大小；（2）根据匀变速直线运动速度时间公式求出物块在水平桌面上运动的时间，物块离开桌面后做平抛运动，根据平抛运动基本公式求出做平抛运动的时间和水平位移，从而求出物块在水平方向运动的距离S和物块运动的总时间．【解答】解：（1）物块在水平桌面上做匀减速直线运动，加速度为：，根据代入数据得：v=1m/s（2）物块在水平桌面上运动的时间为：物块离开桌面后做平抛运动，平抛运动的时间为：，则物块运动的总时间为：t=t1+t2=0.5+0.5=1s平抛运动水平位移为：x=vt2=1×0.5=0.5m，则物块在水平方向运动的距离为：S=．答：（1）物块刚离开桌面时的速度大小为1m/s；（2）物块在水平方向运动的距离S为1.25m，物块运动的总时间为1s．【点评】本题主要考查了运动学基本公式以及牛顿第二定律的直接应用，知道物块离开桌面后做平抛运动，明确平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，竖直方向上做自由落体运动，难度适中．。
陕西省渭南市澄城县寺前中学高三物理能力测试试题(1)(答案不全)
陕西省渭南市澄城县寺前中学高三物理能力测试试题（1）（答案不全）一、选择题：（每题4分，共计56分，其中5题，7题，8题，12题，13题多选）1．某人欲估算飞机着陆时的速度，他假设飞机停止运动前在平直跑道上做匀减速运动，飞机在跑道上滑行的距离为x ，从着陆到停下来所用的时间为t ，则飞机着陆时的速度为( ) A 、x t B 、2x t C 、x 2t D 、x t 到2x t之间的某个值 2．从同一地点同时开始沿同一直线运动的两个物体Ⅰ、Ⅱ的速度－时间图象如图所示．在0～t2时间内，下列说法中正确的是( )A ．Ⅰ物体所受的合外力不断增大，Ⅱ物体所受的合外力不断减小B ．在第一次相遇之前，t1时刻两物体相距最远C ．t2时刻两物体相遇D ．Ⅰ、Ⅱ两个物体的平均速度大小都是v1＋v223. 如图所示，质量为m 的小球被水平绳AO 和与竖直方向成θ角的轻弹簧系着处于静止状态，现用火将绳AO 烧断，在绳AO 烧断的瞬间，下列说法正确的是（ ）A 、弹簧的拉力θcos mg F =B 、弹簧的拉力θsin mg F =C 、小球的加速度为零D 、小球的加速度θsin g a =4、如图所示，将两个质量均为m 的小球a 、b 用细线相连悬挂于O 点，用力F 拉小球a ，使整个装置处于平衡状态，且悬线Oa 与竖直方向的夹角为θ＝30°，则F 的大小( )．A ．可能为33mgB ．可能为32mg C ．可能为mg D ．不可能为2mg5．已知地球质量为M ，半径为R ，自转周期为T ，地球同步卫星质量为m ，引力常量为G.有关同步卫星，下列表述正确的是( )．A ．卫星距地面的高度为3224πGMTB ．卫星的运行速度小于第一宇宙速度C ．卫星运行时受到的向心力大小为G Mm R2D ．卫星运行的向心加速度小于地球表面的重力加速度6．如图所示，光滑斜面的顶端固定一弹簧，一物体向右滑行，并冲上固定在地面上的斜面．设物体在斜面最低点A 的速度为v ，压缩弹簧至C 点时弹簧最短，C 点距地面高度为h ，则从A 到C 的过程中弹簧弹力做功是( )A ．mgh －12mv2 B 、12mv2－mgh C ．－mgh D ．－(mgh ＋12mv2)7、如图4所示，两块正对平行金属板M 、N 与电池相连，N 板接地，在距两板等距离的P 点固定一个带负电的点电荷，如果M 板向上平移一小段距离，则( )A ．点电荷受到的电场力变小B ．M 板的带电荷量增加C ．P 点的电势升高D ．点电荷在P 点具有的电势能增加8．两个带等量正电的点电荷，固定在图15中P 、Q 两点，MN 为PQ连线的中垂线，交PQ 于O 点，A 为MN 上的一点．一带负电的试探电荷q ，从A 点由静止释放，只在静电力作用下运动，取无限远处的电势为零，则 ( )A ．q 由A 向O 的运动是匀加速直线运动B ．q 由A 向O 运动的过程电势能逐渐减小C ．q 运动到O 点时的动能最大D ．q 运动到O 点时电势能为零9. 如图6所示电路中，R 为一滑动变阻器，P 为滑片，若将滑片向下滑动，则在滑动过程中，下列判断错误的是 ( )A ．电源内电路消耗功率一定逐渐增大B ．灯泡L2一定逐渐变暗C ．电源效率一定逐渐减小D ．R 上消耗功率一定逐渐变小10．小灯泡通电后其电流I 随所加电压U 变化的图线如图所示，P为图线上一点，PN 为图线在P 点的切线，PQ 为U 轴的垂线，PM为I 轴的垂线，则下列说法中错误的是 ( )A ．随着所加电压的增大，小灯泡的电阻增大B ．对应P 点，小灯泡的电阻为R ＝U1I2C ．对应P 点，小灯泡的电阻为R ＝U1I2－I1D ．对应P 点，小灯泡的功率为图中矩形PQOM 所围的面积11．如图所示，直线A 为某电源的U －I 图线，曲线B 为某小灯泡的U －I 图线的一部分，用该电源和小灯泡组成闭合电路，下列说法中正确的是( )A ．此电源的内阻为0.5ΩB ．电源的总功率为10 WC ．电源的输出功率为8 WD ．由于小灯泡的U －I 图线是一条曲线，所以欧姆定律不适用12．在如图所示的电路中，输入电压U 恒为8 V ，灯泡L 标有“3 V,6 W”字样，电动机线圈的电阻RM ＝1Ω.若灯泡恰能正常发光，下列说法正确的是 ( )A ．电动机的输入电压是5 VB ．流过电动机的电流是2 AC ．电动机的效率是80%D ．整个电路消耗的电功率是10 W13．如图所示，质量为m 、长为L 的导体棒电阻为R ，初始时静止于光滑的水平轨道上，电源电动势为E ，内阻不计．匀强磁场的磁感应强度为B ，其方向与轨道平面成θ角斜向上方，开关闭合后导体棒开始运动，则 ( )A ．导体棒向左运动B ．开关闭合瞬间导体棒MN 所受安培力为BEL RC ．开关闭合瞬间导体棒MN 所受安培力为BELsin θRD ．开关闭合瞬间导体棒MN 的加速度为BELsin θmR14．如图所示，为一圆形区域的匀强磁场，在O 点处有一放射源，沿半径方向射出速度为v 的不同带电粒子，其中带电粒子1从A 点飞出磁场，带电粒子2从B 点飞出磁场，不考虑带电粒子的重力，则（ ）A ．带电粒子1的比荷与带电粒子2的比荷比值为3∶1B ．带电粒子1的比荷与带电粒子2的比荷比值为3∶1C ．带电粒子1与带电粒子2在磁场中运动时间比值为2∶1D ．带电粒子1与带电粒子2在磁场中运动时间比值为1∶2二、计算题（题15题12分，16题15分，17题17分共计44分）15、一个平板小车置于光滑水平面上，其右端恰好和一个14光滑圆弧轨道AB 的底端等高对接，如图所示．已知小车质量M ＝3.0 kg ，长L ＝2.06 m ，圆弧轨道半径R ＝0.8 m ．现将一质量m ＝1.0 kg 的小滑块，由轨道顶端A 点无初速释放，滑块滑到B 端后冲上小车．滑块与小车上表面间的动摩擦因数μ＝0.3.(取g ＝10 m/s2)试求：(1)滑块到达B 端时，轨道对它支持力的大小；(2)小车运动1.5 s 时，车右端距轨道B 端的距离；16、如图所示为一真空示波管的示意图，电子从灯丝K 发出(初速度可忽略不计)，经灯丝与A 板间的电压U1加速，从A 板中心孔沿中心线KO 射出，然后进入两块平行金属板M 、N 形成的偏转电场中(偏转电场可视为匀强电场)，电子进入M 、N 间电场时的速度与电场方向垂直，电子经过偏转电场后打在荧光屏上的P 点．已知M 、N 两板间的电压为U2，两板间的距离为d ，板长为L ，电子的质量为m ，电荷量为e ，不计电子受到的重力及它们之间的相互作用力．(1)求电子穿过A 板时速度的大小；(2)求电子从偏转电场射出时的偏移量；(3)若要使电子打在荧光屏上P 点的上方，可采取哪些措施？17、如图所示，一个质量为m 、电荷量为q 的正离子，在D 处沿图示方向以一定的速度射入磁感应强度为B 的匀强磁场中，磁场方向垂直纸面向里．结果离子正好从距A 点为d 的小孔C 沿垂直电场的方向进入匀强电场，电场方向与AC 平行向上，最后离子打在G 处，而G处距A 点2d(AG ⊥AC)．不计离子重力，离子运动轨迹在纸面内．求：(1)此离子在磁场中做圆周运动的半径r ；(2)离子从D 处运动到G 处所需时间；(3)离子到达G 处时的动能．15解析 (1)滑块从A 端下滑到B 端，由动能定理得mgR ＝12mv20 在B 点由牛顿第二定律得FN －mg ＝m v20R解得轨道对滑块的支持力FN ＝3 mg ＝30 N(2)滑块滑上小车后，由牛顿第二定律 对滑块：－μmg ＝ma1，得a1＝－3 m/s2 对小车：μmg ＝Ma2，得a2＝1 m/s2设经时间t 后两者达到共同速度，则有v0＋a1t ＝a2t解得t ＝1 s 由于t ＝1 s<1.5 s ，故1 s 后小车和滑块一起匀速运动，速度v ＝1 m/s因此，1.5 s 时小车右端距轨道B 端的距离为s ＝12a2t2＋v(1.5－t)＝1 m 答案 (1)30 N (2)1 m16答案 (1) 2eU1m (2)U2L24U1d (3)减小加速电压U1或增大偏转电压U2 解析 (1)设电子经电压U1加速后的速度为v0，由动能定理有eU1＝12mv 20－0，解得v0＝ 2eU1m(2)电子以速度v0进入偏转电场后，垂直于电场方向做匀速直线运动，沿电场方向做初速度为零的匀加速直线运动．由牛顿第二定律和运动学公式有t ＝L v0F ＝ma ，F ＝eE ，E ＝U2d ，y ＝12at2 解得偏移量y ＝U2L24U1d(3)由y ＝U2L24U1d可知，减小U1或增大U2均可使y 增大，从而使电子打在P 点上方.17答案 (1)23d (2)＋3Bq (3)4B2q2d29m 解析 (1)正离子轨迹如图所示．圆周运动半径r 满足：d ＝r ＋rcos 60°解得r ＝23d (2)设离子在磁场中的运动速度为v0，则有：qv0B ＝m v20r T ＝2πr v0＝2πm qB 由图知离子在磁场中做圆周运动的时间为：t1＝13T ＝2πm 3Bq离子在电场中做类平抛运动，从C 到G 的时间为：t2＝2d v0＝3m Bq离子从D→C→G 的总时间为：t ＝t1＋t2＝9＋3Bq(3)设电场强度为E ，则有：qE ＝ma ，d ＝12at22由动能定理得：qEd ＝EkG －12mv20 解得EkG ＝4B2q2d29m。
陕西省澄城县寺前中学高三下学期物理推中试题9 含答案
高三物理推中试题21、以v 0的速度水平抛出一物体，当其水平分位移与竖直分位移相等时，下列说法错误的是 （ ）A ．即时速度的大小是5v 0B ．运动时间是gv 02 C ．竖直分速度大小等于水平分速度大小D ．运动的位移是gv 2022 答案: C 当其水平分位移与竖直分位移相等时，v 0t ＝gt 2，可得运动时间t ＝，水平分速度v x ＝v 0，竖直分速度v y ＝gt ＝2v 0，合速度v ＝＝v 0，合位移s ＝＝ ，对比各选项可知说法错误的是C 选项。
2、如图所示，一物体自倾角为θ的固定斜面顶端沿水平方向抛出后落在斜面上，物体与斜面接触时速度与水平方向的夹角ϕ满足. （ ）A 、tan ϕ=sin θB 、tan ϕ=cos θC 、tan ϕ=tan θD 、tan ϕ=2sin θ答案:D解析：本题考查平抛运动的规律.设物体落到斜面上用时t ，则水平位移，竖直方向位移，则，落到斜面上的瞬间，竖起方向的速度为gt ，则，因为有，D 项正确.本题较易.3、（多选）如图所示，以v 0=10 m/s的速度水平抛出的小球，飞行一段时间垂直撞在倾角=30°和斜面上，按g=10m/s2考虑以下结论中正确的是（）A、物体飞行时间是sB、物体撞击斜面时的速度大小为20 m/sC、物体飞行的时间是 2 sD、物体下降的距离是10 m 答案: AB解析：考查平抛运动。
竖直方向的速度，运动时间，A正确，C错误；合速度大小，B正确；物体下落的竖直距离，D错误。
本题难度中等。
6、（多选）如图所示为一皮带传动装置，右轮的半径为r，a是它边缘上的一点，左侧是一轮轴，大轮的半径为4r，小轮的半径为2r，b点在小轮上，到小轮中心的距离为r，c点和d点分别位于小轮和大轮的边缘上。
若在转动过程中，皮带不打滑，则（）A．a点与b点的线速度大小相等B．a点与b点的角速度大小相等C．a点与c点的线速度大小相等D．a点与d点的向心加速度大小相等答案:CD【解题思路】同一皮带接触的各点线速度相同，选项A错误，选项C正确。
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1、如图所示，质量均为m的Ⅰ、Ⅱ两木块叠放在水平面上，Ⅰ
受到斜向上与水平面成θ角的力F作用，Ⅱ受到斜向下与水平面成
θ角的力F作用，两力在同一竖直平面内，此时两木块保持静止.
则（）
A.Ⅰ、Ⅱ之间一定存在静摩擦力
B.Ⅱ与水平面之间可能存在静摩擦力
C.Ⅱ对Ⅰ的支持力一定等于mg
D.水平面对Ⅱ的支持力可能大于2mg
2、轻绳一端系在质量为m的物体A上，另一端系在一个套在粗糙竖直杆
MN的圆环上.现用水平力F拉住绳子上一点O，使物体A从图中实线位置缓慢
上升到虚线位置，但圆环仍保持在原来位置不动.则在这一过程中，环对杆的摩擦
力F1和环对杆的压力F2的变化是（）
A、F1保持不变，F2逐渐增大
B、F1逐渐增大，F2保持不变
C、F1逐渐减小，F2保持不变
D、F1保持不变，F2逐渐减小
3、如图所示，在水平桌面上叠放着木块P和Q，水平力F推动着两个木块做匀速运动.下列说法正确的是（）
A、P受3个力，Q受3个力
B、P受3个力，Q受4个力
C、P受2个力，Q受5个力
D、P受4个力，Q受6个力
4.、一个物体放在斜面上静止不动，现沿水平方向用力推这个物体（如图所示），F由零增大时物体仍保持静止.下列说法正确的是（）
A、斜面对物体的静摩擦力一定增大
B、物体所受合外力一定增大
C、斜面对物体的支持力一定增大
D、斜面对物体的静摩擦力方向肯定变化
5、如图所示，三个相同的木块放在同一个水平面上，木块和水平面间的动摩擦因数都相同。
分别给它们施加一个大小均为F的作用力，其中给第“1”、“3”两木块的推力和拉力与水平方向的夹角相同，这时三个木块都保持静止。
比较它们和水平面间的弹力大小F N1、F N2、F N3和摩擦力大小F f1、F f2、F f3，下列说法中正确的是
A．F N1＞F N2＞F N3，F f1＞F f2＞F f3
B．F N1＝F N2＝F N3，F f1＝F f2＝F f3
C．F N1＞F N2＞F N3，F f1＝F f3＜F f2
D．F N1＞F N2＞F N3，F f1＝F f2＝F f3
6、如图所示，铁板AB与水平地面间的夹角为θ，一块磁铁吸附在铁板下方。
现缓慢抬起铁板B端使θ角增大（始终小于90o）的过程中，磁铁始终相对铁板静止。
下列说法正确的是
A．磁铁所受合外力逐渐减小
B．磁铁始终受到三个力的作用
C．磁铁受到的摩擦力逐渐减小
D．铁板对磁铁的弹力逐渐增大。