广东省东莞市2013-2014学年高三第一学期调研测试理综物理试题

东莞市2013-2014学年第一学期高三调研测试
物理试题
13.如图所示，某同学通过滑轮组将一重物缓慢吊起的过程中，该同学对绳的拉力将（滑轮与绳的重力及摩擦均不计）
A.越来越小
B.越来越大
C.先变大后变小
D.先变小后变大 14.下列关于力的说法正确的是 A.失重就是物体受了重力减小了 B.作用力和反作用力作用在不同的物体上 C.在弹性限度内，弹簧的弹力跟弹簧的长度成正比 D.物理所受合外力越大，加速度越大，速度也越大
15.如图所示，甲、乙、丙、丁是以时间为轴的匀变速直线运动的图像，下列说法正确的
甲 乙 丙 丁
A ．甲是a —t 图像
B ．乙是x —t 图像
C ．丙是x —t 图像
D ．丁是V —t 图像 16．如图甲所示电路,电阻R 的阻值为50Ω，在ab 间加上图乙所示的正弦交流电，则下面说法中错误．．
的是 A ．交流电压的有效值为100V B ．电流表示数为2A
C ．该交流电流的周期为0.01s
D ．如果产生该交流电的线圈的转速提高 一倍，则电流表的示数也增大一倍
17．如图所示，若粒子（不计重力）能在图中所示的磁场区域
内做匀速圆周运动，则可以判断 A ．粒子在运动过程中机械能不变 B ．如粒子带正电，则粒子做顺时针运动
C ．在其他量不变的情况下，粒子速度越大，运动周期越大
D ．在其他量不变的情况下，粒子速度越大，圆周运动半径越大
13
题图
B 第17题图
18．在点电荷Q 形成的电场中，一个α粒子（He 2
4核）通过时的轨迹
如图实线所示，a 、b 为两个等势面，则下列判断中正确的是 A ．Q 为正电荷
B ．运动中粒子总是克服电场力做功
C ．α粒子经过两等势面的动能kb ka E E >
D ．α粒子经过两等势面的电势能pb pa
E E >
19
A ．卫星受到的万有引力增大，线速度减小
B ．卫星的向心加速度增大，周期减小
C ．卫星的动能、重力势能和机械能都减小
D ．卫星的动能增大，重力势能减小，机械能减小
20．如图所示为“研究电磁感应现象”的实验装置。

如果在闭合电键时发现灵敏电流计的指针向右 偏了一下，那么合上电键后
A ．将原线圈迅速插入副线圈时，电流表指针向右偏转一下
B ．将原线圈插入副线圈后，电流表指针仍一直偏左零点右侧
C ．将原线圈插入副线圈后，将滑动变阻器触头迅速向左拉时，电流计指针向左偏转一下
D ．将原线圈插入副线圈后，将滑动变阻器触头迅速向左拉时，电流计指针向右偏转一下 21．如图所示，平行金属导轨MN 和PQ ，他们的电阻可以忽略不计，在M 和P 之间接有阻
值为R=3.0Ω的定值电阻，导体棒ab 长l=0.5m ，其电阻不计，且与导轨接触良好，整个装置处于方向竖直向上的匀强磁场中，磁感应强度B=0.4T ，现使ab 以v=10m/s 的速A ．导体棒ab 中的感应电动势E=2.0v B ．电路中的电流I=0.5A
C ．导体棒ab 所受安培力方向向右
D ．导体棒ab 所受合力做功为零
a
Q
34.（18分）（1）某同学在测量物块做匀减速直线运动时，利用打点计时器得到了如图所示的纸带，纸带上每相邻计数点间还有4个计时点未标出，打点计时器所用的交流电频率为50Hz，忽略纸带所受的阻力。

①由此可判断纸带的（“左端”或“右端”）与物块连接。

根据纸带提供的数据可计算打点计时器在打下A点和B点时物块的速度，其中V A= m/s。

（结果保留两位有效数字）
②从图示纸带不能得到的物理量是。

A．木块运动的加速度a B．A、B间的平均速度
C．物块质量m D．A、B对应的运动时间t
③如要测量在AB段合外力对物块所做的功W AB，还需要提供的实验器材是。

A．秒表B．天平C．弹簧
（2）某物理兴趣小组通过查阅资料知道将锌、铜两电极插入水果中，其“水果电池”电动势会有1V多一点，甲同学找来了一个柠檬做实验，用量程为0～3V、内阻约50kΩ的电压表测其两极时读数为0.96V，但当他将四个这样的电池串起来给标称值为“3V
0.5A”的小灯泡供电时，灯泡并不发光，检查灯泡、线路均无故障，这是因为“柠檬
电池”的内阻较大的原因。

①乙同学用内阻约为500Ω的灵敏电流表直接连“柠檬电池”的两极，测得电流为0.32mA，
根据前茅电压表测得的0.96V电压，估算出“柠檬电池”的内组值约为。

②为了更准确测定一个“柠檬电池”的电动势和内阻，实验室提供了一下一些器材可供选择：
A．灵敏电流表A1（量程0～0.6mA，内阻为800Ω）
B．灵敏电流表A2（量程0～250μA，内阻未知）
C．滑动变阻器R（最大阻值约10Ω）
D．变阻箱R （0～9999Ω）
E．开关s和导线若干
为了尽可能准确测定“柠檬电池”的电动势和内阻，实验中除了带有锌、铜两极的水果电池外，还应选择的器材是（填器材前的字母代号）
35．（18分）如图所示，有一质量为m=10-4kg，带电量q=10-3C的小球，从横截面为正方形的水平长方体的D点沿D D'方向以v0=5m/s速度飞入，恰好从C点飞出，正长方体空间的边长分别是L、L和5L。

（取g=10m/s2）
（1）求长方体底边L的大小
（2）如给长方体这一空间区域（含边界在内）加一竖直向上的匀强电场E，以保证小球沿D D'做匀速直线运动飞出，求E的大小
（3）如保留电场E，再给长方体这一空间区域（含边界在内）加竖直方向的磁场，使小球从空间点A'飞出，求磁场的磁感应强度B
36．（18分）如图，半径R=0.8m的四分之一圆弧形光滑轨道竖直放置，圆弧最低点D与长为L=6m的水平面相切于D点，质量M=1.0kg的小滑块A从圆弧顶点C由静止释放，到达最低点后，与D点右侧m=0.5kg的静止物块B相碰，碰后A的速度变为v A=2.0m/s，仍向右运动。

已知两物块与水平面的动摩擦因素均为μ=0.1，若B与E处的竖直挡板相碰没有机械能损失，取g=10m/s2，求：
（1）滑块A刚到达圆弧的最低点D时对圆弧的压力
（2）滑块B被碰后瞬间的速度
（3）讨论两滑块是否能发生第二次碰撞
参考答案
一、单选题
二、双选题
三、实验题
34． （1）①右端 （1分） 0.72 （2分） ② C （3分） ③ B （3分） （2） ①2660（3分） ②A 、D 、E （3分） 电路图如图示（3分）
35．（18分）
解析: (1)小球从D 点飞入，从C ˊ点飞出，小球只受重力，可知小球做平抛运动，由：
2
2
1gt L =
①……（2分） t v L 05= ② ……（2分） 得 L =0.2m ……（1分） (2)小球处于受力平衡状态，则有：
mg Eq = ③……（3分）
得： C N q mg E /110
10
103
4=⨯==--……（1分） (3)如小球从D 点飞入，从A ′点飞出，小球在长方体上表面 ADD ′A ′D 水平面内
做匀速圆周运动，由分析可知，小球的运动轨迹如右图所示（俯视图）,由勾股定理得： 222)5()(L L R R =-- ④……（3分）
得m R 6.2= ……（1分）
由牛顿运动定律可知： R
v m
B q v 2
0= ⑤……（3分） 得T B 26
5
=
……（1分） 由左手定则，磁感应强度B 的方向为竖直向下 ……（1分）
′
或
36．（18分）（1）设小滑块运动到D 点的速度为 v ，由机械能守恒定律有： MgR ＝21Mv 2 ① (2分)
由牛顿第二定律有
F - Mg ＝M R
v 2
② (2分)
联立①②解得小滑块在D 点所受支持力F ＝30 N ③ (1分)
由牛顿第三定律有，小滑块在D 点时对圆弧的压力为30N ④ (1分) (2) 设B 滑块被碰后的速度为v B ，由动量守恒定律： M v ＝Mv A +m v B ⑤ (3分) 解得小滑块在D 点右侧碰后的速度
v B ＝ 4 m/s ⑥ (1分) (3) 讨论：由于B 物块的速度较大，如果它们能再次相碰一定发生在B 从竖直挡板弹回后，假设两物块能运动到最后停止，达到最大的路程，则
对于A 物块 22
10A
A Mv MgS -=-μ ⑦ (2分) 解得 S A =2 m ⑧ (1分)
对于B 物块，由于B 与竖直挡板的碰撞无机械能损失，则 22
10B B mv mgS -=-μ ⑨ (2分) 解得 S B =8 m ⑩（即从E 点返回2 m ） (1分) 由于S A + S B =10 m<2×6=12 m 故它们停止运动时仍相距2 m ，不能发生第二次碰撞．(2分)
（其它讨论方式若正确，可参照给分）。