高中生物 第一章 第一节 分离定律课时作业3 浙科版必修2-浙科版高一必修2生物试题

分离定律
目标导航 1.结合实例，归纳分离定律的解题思路与规律方法。

2.结合实践，简述分离定律在实践中的应用。

分离定律的实质
1．分析
2．归纳
(1)在生物的体细胞中，控制同一性状的基因成对存在，不相融合；
(2)在形成配子时，等位基因彼此分离，分离后的基因分别进入不同的配子中，随配子遗传给后代。

(3)受精时，F1的雌雄配子结合是随机的。

①配子的结合方式：4种。

②基因型：3种，分别为DD、Dd、dd，其比例为1∶2∶1。

③产生后代的表现型：2种，分别为高茎、矮茎，其比例为3∶1。

3．填写六种交配方式后代的基因型和表现型及比例
亲本子代基因型及比例子代表现型及比例
AA×AA AA 全为显性
AA×Aa AA∶Aa＝1∶1全为显性
AA×aa Aa 全为显性
Aa×Aa AA∶Aa∶aa＝1∶2∶1显性∶隐性＝3∶1
Aa×aa Aa∶aa＝1∶1显性∶隐性＝1∶1
aa×aa aa 全为隐性
判断正误：
(1)分离定律的适用X围是进行有性生殖生物的性状遗传。

( )
(2)分离定律发生在配子形成过程中。

( )
(3)分离定律的实质是控制同一性状的等位基因发生分离，分别进入不同的配子中，随配子遗传给后代。

( )
(4)纯合子自交后代都是纯合子，杂合子自交后代都是杂合子。

( )
(5)鉴定一只灰色兔是否是纯合子用测交。

( )
(6)区分狗的长毛与短毛的显隐性关系用测交。

( )
(7)不断提高小麦抗病品系的纯度用测交。

( )
(8)测定杂种灰兔F1的基因组成用杂交。

( )
答案(1)√(2)√(3)√(4)×(5)√(6)×(7)×(8)×
一、分离定律的解题思路与规律方法
题型1：相对性状中显隐性性状的判定
(1)据子代性状判断：
①杂交法：
②自交法：
(2)据子代性状分离比判断：
豌豆花的位置有顶生和腋生两种类型，现有多株顶生和腋生豌豆。

如何用实验的方法判断顶生和腋生的显隐性？
答案可以用顶生豌豆和腋生豌豆杂交，如果子代只表现一种性状，则所表现的性状为显性；如果子代两种性状都有，可以再用顶生和腋生豌豆分别自交，如果出现性状分离的则为显性
性状。

1．南瓜果实的黄色和白色是由一对基因(A和a)控制的，用一株黄色果实南瓜和一株白色果实南瓜杂交，F1既有黄色果实南瓜也有白色果实南瓜，让F1自交产生的F2性状表现类型如右图所示。

下列说法不正确的是( )。

A．由①②可知黄果极可能是隐性性状
B．由③可以判定白果是显性性状
C．F2中，黄果基因组成为aa
D．P中白果的基因组成是aa
问题导析
(1)识图：白果自交后代出现性状分离，可确定白果为显性性状，黄果为隐性性状。

(2)推断亲本及子代基因组成：F1白果为杂合子Aa，F1黄果为纯合子aa。

故F2中黄果基因组成为aa，亲本白果为杂合子，其基因组成为Aa。

答案 D
一题多变
下表是豌豆花色的遗传实验结果，根据组合________能判断出显性花色的类型。

F1的表现型和植株数目
组合亲本表现型
紫花白花
一紫花×白花405 411
二紫花×白花807 0
三紫花×紫花 1 240 413
解析组合二可根据杂交判断法，组合三可根据自交判断法或分离比法，判断出显性花色的类型为紫花。

题型2：显性性状的个体是纯合子还是杂合子的判定
(1)测交法(已知显、隐性性状)：
待测个体×隐性纯合子――→结果
分析
⎩
⎪⎨
⎪⎧
若后代无性状分离，则待测个体为纯合子若后代有性状分离，则待测个体为杂合子
(2)自交法(已知或未知显、隐性性状)： 待测个体自交――→结果分析
⎩⎪⎨⎪⎧
若后代无性状分离，则待测个体为纯合子若后代有性状分离，则待测个体为杂合子
当待测个体为动物时，常采用测交法；当待测个体为植物时，测交法、自交法均可以，但自交法较简便。

1．如果子代中只有一种表现型，则亲本是否一定都是纯合子？ 答案 不一定，如AA×Aa。

2． 判断正误：
(1)纯合子测交后代都是纯合子。

( ) (2)纯合子自交后代是纯合子。

( ) (3)杂合子自交后代都是杂合子。

( ) (4)杂合子测交后代都是杂合子。

( ) 答案 (1)× (2)√ (3)× (4)×
2．已知豌豆的高茎对矮茎为显性，现有一株高茎豌豆甲，要确定甲的基因组成，最简便易行的办法是( )。

A ．选另一株矮茎豌豆与甲杂交，子代若有矮茎出现，则甲为杂合子
B ．选另一株矮茎豌豆与甲杂交，子代若都表现高茎，则甲为纯合子
C ．让甲豌豆进行自花传粉，子代中若有矮茎出现，则甲为杂合子
D ．让甲与多株高茎豌豆杂交，子代若高矮茎之比接近3∶1，则甲为杂合子 问题导析
(1)设计自交或杂交实验都可以判断纯合子和杂合子。

(2)豌豆是闭花授粉植物，若让其自交则不需做任何操作，简便易行的。

答案 C 一题多变
为鉴定一株高茎豌豆和一只黑色豚鼠的纯合与否，应采用的简便遗传方法分别是________、________。

答案 自交 测交
题型3：分离定律中的推断问题(以A 、a 为例) 类型：
亲代基因型、表现型及比例正推类问题
逆推类问题子代基因型、表现型及比例
(1)由亲代推断子代的基因型与表现型(正推型)
该种题型需要牢记以下六种交配方式后代的基因型和表现型及比例，然后对号入座即可。

亲本 子代基因组成及比例
子代表现型及比例
AA×AA AA 全为显性 AA×Aa AA∶Aa＝1∶1
AA×aa Aa
Aa×Aa AA∶Aa∶aa＝1∶2∶1
显性∶隐性＝3∶1 Aa×aa Aa∶aa＝1∶1
显性∶隐性＝1∶1
aa×aa
aa
全为隐性 (2)由子代推断亲代的基因型与表现型(逆推型) ①分离比法：运用上表直接逆推，如： F 1
⎩⎪⎨⎪⎧
显性∶隐性＝3∶1⇔亲本：Aa×Aa 显性∶隐性＝1∶1⇔亲本：Aa×aa 全为显性⇔亲本：AA×A －
或aa 全为隐性⇔亲本：aa×aa
②隐性突破法：如果子代中有隐性个体存在，它往往是逆推过程中的突破口。

因为隐性个体是纯合子aa ，基因只能来自父母双方，因此亲代基因组成中必然都有一个a 基因。

③填充法：先根据亲代表现型写出能确定的基因，显性性状基因组成可用A －来表示，隐性性状基因组成只有一种aa 。

根据子代中一对基因分别来自两个亲本，推出未知部分即可。

科学家发现了一只罕见的白色雄猴，请你设计一个最佳方案，可以较快地让这只白色雄猴繁殖成一群白色猴群。

答案猴子的白化病与人类白化病一样，是隐性性状。

如果白色基因用a表示，这只白色雄猴体细胞中基因的组成是aa。

最佳的设计方案是：先让这只白色雄猴与常色雌猴交配，再让F1雌猴与白色雄猴交配。

因F1雌猴一定含有a基因，因此F1雌猴与白色雄猴交配，子代一定会产生白猴。

这样就会很快繁殖出一群白猴。

3．人类的单眼皮和双眼皮是由一对基因B和b决定的。

某男孩的双亲都是双眼皮，而他却是单眼皮。

该男孩及其父母的基因组成依次是________、________、________。

问题导析
(1)双亲均为双眼皮，而孩子却为单眼皮，由此判断双眼皮为显性性状，双亲的基因组成为B
－。

(2)孩子是单眼皮，根据隐性纯合可判断为bb，两个基因分别来自父亲和母亲，所以双亲均为杂合子。

答案bb Bb Bb
一题多变
已知豌豆的高茎(D)对矮茎(d)为显性，在杂交实验中，后代有1/2的矮茎，则其亲本的基因型是( )。

A．DD×d d B．DD×Dd
C．Dd×Dd D．Dd×dd
答案 D
题型4 遗传概率的计算
(1)用经典公式计算
概率＝(某性状或基因组合数/总组合数)×100%。

(2)用配子的概率计算
先计算出亲本产生每种配子的概率，再根据题意要求用相关的两种配子概率相乘、相关个体的概率相加即可。

一批基因组成为AA与Aa的豌豆，两者数量之比是1∶3。

自然状态下假设结实率相同。

(1)其子代中基因型为AA、Aa、aa的数量之比为多少？
答案 7∶6∶3。

由题干分析，14AA 与3
4Aa 的豌豆分别自交，前者后代全为AA ，后者AA 、Aa 、
aa 的比值为1∶2∶1，因此其子代中基因型为AA 、Aa 、aa 的数量之比为(14＋34×14)∶34×12∶
3
4×1
4
＝7∶6∶3。

(2)若将子代的所有个体自交，后代中AA 个体的比例是多少？
答案 17/32。

因为子代所有的个体及其比值为7AA ∶6Aa ∶3aa ，其中AA 占7/16，Aa 占3/8，则自交后代会出现AA 的个体占7/16＋3/8×1/4＝17/32。

4．两只白羊生了两只白羊和一只黑羊，如果它们再生一只小羊，其毛色是白色的概率是多少？(设用A 、a 表示基因) 问题导析
(1)两只白羊的后代中出现了性状分离，则新出现的黑色为隐性性状，双亲均为杂合子，双亲的基因组成均为Aa 。

(2)子代白羊的基因组成为AA 或Aa ，黑羊的基因组成为aa 。

方法一：用分离比直接推出Aa×Aa→AA∶Aa∶aa＝1∶2∶1，后代为白色的概率为34。

方法二：用配子的概率计算Aa 亲本产生A 、a 配子的概率都是12，则①后代为AA 的概率＝12×
1
2＝1
4；②后代为Aa 的概率＝ A(卵细胞)概率×a(精子)概率＋ a(卵细胞)概率×A(精子)概率＝12×12＋12×12＝12；所以，后代是白色的概率是34。

答案 34
一题多变
羊的毛色白色对黑色为显性。

两只杂合白羊为亲本，接连生下了3只小羊是白羊，若它们再生第4只小羊，其毛色( )。

A ．一定是白色的 B ．是白色的可能性大 C ．一定是黑色的 D ．是黑色的可能性大
答案 B
二、分离定律在实践中的应用
基因分离定律在生产实践中有一定的应用价值，主要集中于以下两个方面：
1．指导杂交育种
杂交育种的一般流程：父本( ♂)、母本(♀)间行种植→母本去雄→人工授粉→套袋隔离→培养管理→F1代杂交种→F1自交→从F2中选择需要的品种。

(1)若优良性状为隐性性状：一旦出现就能稳定遗传，便可留种推广。

(2)若优良性状为显性性状：F2中的显性性状的个体可能是杂合子，其后代会发生性状分离，不能稳定遗传。

但人们发现杂合子Aa连续自交，第n代的比例情况如下表：
F n杂合子纯合子显性纯合子隐性纯合子
所占比例1
2n
1－
1
2n
1
2
－
1
2n＋1
1
2
－
1
2n＋1
1．根据上表比例，试作出杂合子、纯合子所占比例坐标曲线图。

答案
2．根据坐标曲线图可知，具有一对相对性状的杂合子自交，后代中纯合子的比例随自交代数的增加而增大，最终接近于1，且显性纯合子和隐性纯合子各占一半。

由此，在育种过程中，选育符合人们要求的个体，可进行连续自交，直到性状不再发生分离为止，即可留种推广使用。

5．具有一对基因的杂合子个体，至少连续自交几代后纯合子的比例才可达95%以上( )。

A．3 B．4
C．5 D．6
问题导析
根据乘法原理：Aa的杂合子自交n次，其后代杂合子的比例为1
2n
，纯合子的比例为
1—(1
2n
)≥95%。

答案 C
一题多变
已知小麦高秆是显性性状。

一株杂合子小麦自交得F1，淘汰其中矮秆植株后，再自交得F2，从理论上计算，F2中矮秆植株占总数的( )。

A.1
4
B．
1
6
C.1
8
D．
1
16
答案 B
解析设高秆的基因为A，矮秆的基因为a。

由题意知F1基因型及比例为：AA∶Aa∶aa＝1∶2∶1。

淘汰矮秆小麦后1/3 AA和2/3 Aa，再让F1自交(相同基因型个体相交)，F2中矮秆植株占总数的2/3×1/4＝1/6。

2．预防遗传病
人类的遗传病，有些是由显性基因控制的显性遗传病，有些是由隐性基因控制的隐性遗传病。

(1)根据性状分离现象，判定某些遗传病的显隐性关系。

如图甲，两个有病的双亲生出无病的孩子，即“有中生无”，则该病肯定是显性遗传病；如图乙，两个无病的双亲生出有病的孩子，即“无中生有”，则该病一定是隐性遗传病。

(2)预期后代中患病的概率：根据分离定律中概率的求解方法，可以预期某种遗传病的发病概率，为预防该遗传病提供重要的参考。

结合例题，思考亲本的基因型在未肯定的情况下，如何求子代某一性状发生的概率？
题目：一对夫妇的肤色均正常，且他们双亲的肤色也都正常，并且都有一患白化病的兄弟，求他们婚后生育白化病孩子的概率是多少。

解此类题可分三步进行：
①首先确定该夫妇的基因型及其概率。

由前面分析可推知该夫妇的基因型为Aa的概率均为2/3,_AA的概率均为1/3。

②该夫妇的基因型为Aa，后代患病的可能性为1/4(夫妇的基因型均为AA或有一方的基因型为AA时，后代均不可能患病)。

③最后将该夫妇的基因型均为Aa的概率与该夫妇的基因型均为Aa情况下生育白化病患者的
概率相乘，其乘积即为该夫妇后代中出现白化病患者的概率，即为23×23×14＝1
9。

6．一对表现正常的夫妇生了一个白化病男孩和一个正常女孩，他们再生一个白化病小孩的概率为________。

问题导析
表现正常的夫妇生了一个白化病男孩和一个正常女孩，可知父母双方的基因组某某为Aa ，其后代基因组成及比例为AA∶Aa∶aa＝1∶2∶1。

答案 1/4 一题多变
有一对表现正常的夫妇，男方的父亲是白化病患者，女方的弟弟也是白化病患者，但女方双亲表现正常。

这对夫妇生出白化病的孩子的概率是( )。

A ．1/2 B ．2/3 C ．1/4 D ．1/6
答案 D
解析 表现正常的夫妇，男方的父亲是白化病(aa)，则男方的基因的组成应为Aa ，女方的弟弟是白化病(aa)，女方双亲表现正常，则可推知女方的双亲的基因型为Aa×Aa，该表现型正常的女方的基因型为1/3AA 或2/3Aa 。

则这对夫妇生出白化病孩子的概率为：(2/3×1/2)×1/2＝1/6。

1．下列叙述不正确的是( )。

A ．兔的白毛与黑毛，狗的直毛和卷毛都是相对性状
B ．隐性性状是指具有相对性状的两纯合亲本杂交，F 1未表现出来的性状
C ．纯合子自交后代不发生性状分离，杂合子自交后代不会出现纯合子
D ．显性性状是指具有相对性状的两纯合亲本杂交，F 1表现出来的性状
答案 C
2．将具有一对等位基因的杂合子，逐代自交3次，在F3代中纯合子比例为( )。

A.1
8
B．
7
8
C.7
16
D．
9
16
答案 B
解析依据分离定律写出杂合子自交3代的遗传图解。

纯合子包括显性纯合子和隐性纯合子，根据题意，F3中的纯合子有AA和aa两种，按遗传图解推知，杂合子自交n代后的杂合子概
率为1
2n ，纯合子(AA＋aa)的概率为1－
1
2n。

当n无限大时，纯合子概率接近100%。

这就是自花
受粉植物(如豌豆)在自然情况下一般为纯合子的原因。

F3中纯合子的概率为7/8，杂合子的概率为1/8。

3．下列各项实验中应采取的最佳交配方法分别是( )。

①鉴别一只白兔是否为纯合子②鉴别一株小麦是否为纯合子③不断提高水
稻品种的纯合度④鉴别一对相对性状的显隐性关系
A．杂交、测交、自交、测交B．测交、自交、自交、杂交
C．杂交、测交、自交、杂交D．测交、测交、杂交、自交
答案 B
解析兔子能够生育多次，可以利用测交鉴别是否纯合；小麦自交可以自然进行，若为杂合子，子代会出现性状分离，很容易鉴别，若测交需要人为操作，显然自交比测交方案更好；由于纯合子自交能稳定遗传，杂合子自交会发生性状分离，所以利用连续自交的方式，使得杂合子比例逐渐减少，以提高水稻、小麦、豌豆等植物的纯合度；要鉴别一对相对性状的显隐性关系，利用不同性状的纯合子杂交，子一代表现出的亲本性状即为显性性状。

4．视神经萎缩症是一种显性遗传病。

若一对夫妇均为杂合子，生正常孩子的概率是( )。

A．25% B．12.5%
C．32.5% D．75%
答案 A
解析设控制这一相对性状的基因分别为A与a。

因为夫妇均为杂合子，由此可知，该夫妇的基因组成均为Aa，那么后代出现aa的概率为1/4，即25%。

5．家兔的黑毛与褐毛是一对相对性状。

现有4只家兔甲、乙、丙、丁，其中甲和乙为雌兔，
丙和丁为雄兔。

甲、乙、丙兔均为黑毛，丁兔为褐毛。

已知甲和丁交配的后代全部为黑毛子兔，乙和丁交配的后代中有褐毛子兔。

请回答：
(1)判断黑毛和褐毛的显隐性，并用符号B和b表示。

__________________________________________________________________
______________________________________________________________。

(2)写出甲、乙、丁三只兔子的基因组成。

__________________________________________________________________
________________________________________________________________。

(3)如何鉴别丙兔是纯种还是杂种？
_______________________________________________________________。

答案(1)黑毛(B)对褐毛(b)是显性(2)甲：BB，乙：Bb，丁：bb (3)让丙与乙交配；若后代全为黑毛子兔，则丙的基因组成为BB(纯种)；若后代出现褐毛子兔，则丙的基因组成为Bb(杂种)
解析(1)由甲黑毛×丁褐毛→全为黑毛子兔，得知黑毛为显性性状，褐毛为隐性性状，且甲为显性纯合，丁为隐性。

(2)用B、b表示，则甲的基因组成为BB，丁的基因组成为bb；乙黑毛×丁褐毛→有褐毛子兔，得知乙的基因组成为Bb。

(3)丙为黑毛，故其基因组成为BB或Bb，且为雄性。

用杂交法来判断其显隐性，丙×乙→观察后代毛色，从而加以分析判断，若子代全为黑色则丙为纯种，反之，丙为杂种。

注意：本题不可用丁兔与丙兔进行测交来鉴别丙兔的基因型，因为丙和丁均为雄兔。

基础巩固
1．小麦抗锈病对易染锈病为显性。

现有甲、乙两种抗锈病的小麦，其中一种为纯合子。

需要鉴别和保留纯合的抗锈病小麦，下列哪项最为简便易行
( )。

A．甲×乙B．甲×乙得F1再自交
C．甲、乙分别和隐性类型测交D．甲自交，乙自交
答案 D
解析小麦抗锈病为显性，要判断显性性状个体的基因组成，可用测交的方法，但若要保留
纯合的抗锈病小麦，自交是最简便易行的方法。

2．豌豆圆粒(R)对皱粒(r)为显性，用圆粒与皱粒杂交，得到数量相等的圆、皱粒豌豆，再将得到的全部种子播种后授以皱粒的花粉，则第二次杂交组合的基因组成是( )。

A ．RR×rr B ．Rr×Rr C ．Rr×rr、rr×rr D ．Rr×Rr、rr×rr
答案 C
解析 圆粒与皱粒杂交，得到数量相等的圆粒与皱粒，说明双亲的基因组成为Rr×rr，后代的基因组成为Rr∶rr＝1∶1。

对这些后代全部授以皱粒花粉，即杂交组合为Rr×rr、rr×rr。

3．纯合的黄色(YY)豌豆与绿色(yy)豌豆杂交得F 1，F 1自交，选取F 1所结的黄色种子全部种下，植物长成后，自然状态下授粉，则这些植株所结的种子中，黄色与绿色的比例是( )。

A ．1∶1 B ．3∶1 C ．5∶1 D ．6∶1 答案 C
解析 据题意可知，F 1所结的黄色种子基因组成有两种：YY 、Yy ，在黄色子粒中分别占13、23，
自交子代应是13(YY×YY)＋23(Yy×Yy)＝13YY ＋23(14YY ＋12Yy ＋14yy)＝12YY ＋13Yy ＋1
6yy 。

即Y_∶yy
＝56∶1
6
＝5∶1。

4．人的前额V 形发尖与平发际是由常染色体上的一对基因控制的一对
相对性状(如图)。

约翰是平发际，他的父母亲都是V 形发尖。

约翰父母生一个平发际孩子的概率是( )。

A.14 B ．12 C.116
D ．18 答案 A
解析 由约翰为平发际，其父母都是V 形发尖可知，V 形发尖对平发际为显性，且其父母均为杂合子，所以生平发际孩子的概率为1
4。

5．牛的黑毛对棕毛为显性，要判断一头黑牛是不是纯种，选用与它交配的牛应该是( )。

A ．纯种黑牛 B ．杂种黑牛 C ．棕色牛
D ．以上均可
答案 C
解析 由题意可知：控制牛黑毛基因为A ，则棕毛基因为a ，黑毛牛的基因型为AA ，棕毛牛的基因型为aa ，黑毛牛与棕毛牛杂交若出现性状分离则黑毛牛为杂种，若不出现性状分离，则为纯种黑牛。

6．现有两瓶世代连续的果蝇，甲瓶中的个体全为灰身，乙瓶中的个体既有灰身也有黑身。

让乙瓶中的全部灰身果蝇与异性黑身果蝇交配，若后代都不出现性状分离则可以认为( )。

A ．甲瓶中果蝇为乙瓶中果蝇的亲本，乙瓶中灰身果蝇为杂合子
B ．甲瓶中果蝇为乙瓶中果蝇的亲本，乙瓶中灰身果蝇为纯合子
C ．乙瓶中果蝇为甲瓶中果蝇的亲本，乙瓶中灰身果蝇为杂合子
D ．乙瓶中果蝇为甲瓶中果蝇的亲本，乙瓶中灰身果蝇为纯合子 答案 D
解析 让乙瓶中全部灰身果蝇与异性黑身果蝇交配，若后代都不出现性状分离，则说明乙瓶中的灰身和黑身果蝇均为纯合子。

甲瓶中果蝇为杂交得到的杂合子，即乙瓶中果蝇是甲瓶中果蝇的亲本。

巩固提升
7．某种群中，AA 的个体占25%，Aa 的个体占50%，aa 的个体占25%。

若种群中的个体自由交配，且aa 的个体无繁殖能力，则子代中AA∶Aa∶aa 的比值是( )。

A ．3∶2∶3 B ．4∶4∶1 C ．1∶1∶0 D ．1∶2∶1
答案 B
解析 由于aa 个体无繁殖能力，所以参与种群中自由交配的个体就只有25%的AA 个体和50%的Aa 个体，这样它们的比会是：1/3AA 和2/3Aa ，则它们自由交配时会发生下列四种情况：
子代基因型及比例：①19AA ，②19AA ＋19Aa ；③19AA ＋19Aa ，④19AA ＋29Aa ＋1
9aa 。

所以：AA∶Aa∶aa
＝49AA∶49Aa∶1
9
aa 。

8．某种植物的某性状符合基因分离定律，取AA 与aa 的植株杂交得F 1，F 1自交得F 2，取表现型为显性的个体自由交配，后代中显性和隐性个体的比值为
( )。

A ．8∶1
B ．3∶1
C ．9∶1
D ．16∶1
答案 A
解析 由题干分析可知，P ：AA×aa→F 1：Aa→F 2 ：1AA∶2Aa∶1aa，F 2中显性个体自由交配，存在三种交配组合，即AA×AA、AA×Aa 和Aa×Aa。

AA 占1/3，Aa 占2/3，只有Aa×Aa 后代中才会出现隐性个体，其出现概率为 2/3×2/3×1/4＝1/9，所以显性个体出现的概率是1－1/9＝8/9，后代中显性和隐性个体之比为 8∶1。

9.在人类中，惯用右手(R)对惯用左手(r)为显性遗传。

有一对惯用右手的夫妇，生了一个惯用左手的男孩和一个惯用右手的女孩，若该女孩与一个惯用左手的男人结婚，生一个惯用左手的孩子的概率是( )。

A.12 B ．13 C.23 D ．14 答案 B
解析 该夫妇的基因组成为Rr ，其惯用右手的女孩的基因组成为RR(13)、Rr(2
3)。

该女孩与一
个惯用左手的男人结婚，生一个惯用左手孩子的概率为23Rr×rr→23×1×12＝1
3。

10．人类多指是由显性基因(A)控制的一种常见畸形，下列叙述不正确的是( )。

A ．只要亲代之一的基因组成为AA ，其子女均患多指 B ．只要亲代之一含有A 基因，其子女都有可能出现多指 C ．双亲的基因组成均为Aa ，其子女均患多指
D ．双亲的基因组成均为Aa ，其子女患多指的概率是3/4 答案 C
解析 多指是由显性基因控制的，因此双亲一方的基因组成为AA 时，子女均患多指。

双亲一方只要含有A 基因，其后代就有患多指的可能性。

双亲的基因组成均为Aa 时，子女患多指的概率是3/4。

11．已知豌豆的高茎对矮茎是显性，欲知一株高茎豌豆的基因组成，最简便的办法是( )。

A ．让它与另一株纯种高茎豌豆杂交 B ．让它与另一株杂种高茎豌豆杂交
C．让它与另一株矮茎豌豆杂交
D．让它进行闭花授粉
答案 D
解析检测此株高茎豌豆的基因组成，测交和自交都能鉴定，但豌豆是严格的闭花授粉植物，用自交可略去人工异花授粉的繁杂程序，简便易行。

12．某男子患白化病，他父母和妹妹均无此病，如果他妹妹与白化病患者结婚，出生病孩的概率是( )。

A.1
2
B．
2
3
C.1
3
D．
1
4
答案 C
解析首先要推测妹妹的基因组成，根据某男患白化病推断出其父母一定是杂合子即Aa，后代是AA∶Aa∶aa＝1∶2∶1，而妹妹表现正常，所以不会是aa，那么只有是Aa才会有可能生出病孩子，妹妹是杂合子Aa的几率是2/3，妹夫是aa，Aa与aa结合的后代有1/2的几率是病孩子，所以生病孩子的几率是2/3×1/2＝1/3。

走进高考
13．(2014·某某卷，25)某二倍体植物中，抗病和感病这对相对性状由一对等位基因控制。

要确定这对性状的显隐性关系，应该选用的杂交组合是( )。

A．抗病株×感病株
B．抗病纯合子×感病纯合子
C．抗病株×抗病株，或感病株×感病株
D．抗病纯合子×抗病纯合子，或感病纯合子×感病纯合子
答案 B
解析依显性性状和隐性性状的概念，具有一对相对性状的纯合亲本杂交，子一代表现出来的性状为显性性状，未表现的性状为隐性性状，故B正确。

14．(2008·卷，4)无尾猫是一种观赏猫。

猫的无尾、有尾是一对相对性状，按分离定律遗传。

为了选育纯种的无尾猫，让无尾猫自由交配多代，但发现每一代中总会出现约1/3的有尾猫，其余均为无尾猫。

由此推断正确的是
( )。

①猫的有尾性状是由显性基因控制的②自由交配后代出现有尾猫是性状分离的结果③自
由交配后代无尾猫中既有杂合子又有纯合子④无尾猫与有尾猫杂交后代中无尾猫约占1/2 A．①②B．②③
C．②④D．①④
答案 C
解析无尾猫自由交配后代有两种表现型：有尾和无尾，因此可以判断出猫的无尾性状是由显性基因控制的。

后代出现有尾猫是性状分离的结果。

假设有尾、无尾是由一对基因(A或a)控制的，无尾猫自由交配，发现每一代中总会出现约1/3的有尾猫，说明显性纯合致死，因此自交后代中无尾猫只有杂合子。

无尾猫(Aa)与有尾猫(aa)杂交，其后代中1/2为Aa(无尾)，1/2为aa(有尾)。