2022年九年级物理上册单元测试试卷带答案和解析

2022 年九年级物理上册单元测试试卷带答
案和解析
选择题
在国际单位制中，电功的单位是（）
A. 瓦特
B. 焦耳
C. 安培
D. 千克
【答案】B
【解析】A、瓦特是电功率的单位，故A 错误；B、焦耳是电功的单位，故B 正确；C、安培是电流的单位，故C 错误；D、千克是质量的单位，故D 错误；故选B．
选择题
下列用电器在工作过程中，电能几乎全部转化为内能的是
A．节能灯B．电风扇C．洗衣机D．电熨斗
【答案】D
【解析】
试题分析：电流做功的过程，实际上就是个能量转化的过程，从电能转化成其它形式的能。

在常见的家用电器中，节能灯是将电能转化为光能，电风扇、洗衣机是把电能转化为机械能；电熨斗是把电能转化为内能，故选D。

选择题
如图所示电路，闭合开关后，电流表、电压表的示数分别为I 和U．已知电源电压为U0，则滑动变阻器R2 在t 秒内消耗的电功表达式是
A. WR2＝UIt
B. W R2＝（U0﹣U）It
C. WR2＝U0It
D.
【答案】B
【解析】
由电路图知道，定值电阻和滑动变阻器串联，电压表测量定值电阻两端电压，电流表测量电路电流。

根据串联电路电流、电压的特点，由W=UIt 可以得出滑动变阻器R2 在t 秒内消耗的电功。

由电路图知道，闭合开关，R1 与滑动变阻器R2 串联，电压表测量R1 两端电压，电流表测量电路电流，根据题意知道，电源电压为U0 ，R1 两端电压为U，所以滑动变阻器两端电压为U2 =U0 -U，又因为通过滑动变阻器的电流为I，所以滑动变阻器R2在t秒内消耗的电功是：WR2 =U2 It=（U0 -U）It，故选B。

选择题
标有”6V 30W”和“30V 30W”的甲、乙两个用电器，都在额定电压下工作。

两个用电器工作1 小时消耗的电能
A. 甲用电器消耗多
B. 乙用电器消耗多
C. 一样多
D. 无法比较
【答案】C
【解析】
由于甲、乙两个用电器，都在额定电压下工作，所以，消耗的功率均为额定功率，由公式W=Pt 即可计算消耗的电能。

因为甲、乙两个用电器都在各自的额定电压下工作，所以，它们的各自的实际功率消耗的功率均为额定功率，根据题意知道，甲、乙两个用电器的额定功率相等，都是30W，所以，由W=Pt 可知，当两个用电器工作1 小时消耗的电能是电相同的，故C 符合题意，故选C。

选择题
小龙家上月初电能表示数为，电能表的部分参数及上月末的示数如图所示，表盘上“3200imp/（kW•h）”表示每消耗1kW •h的电能，指示灯闪烁3200 次，下列选项正确的是（）
A. 小龙家上月消耗的电能为680kW•h
B. 小龙家同时使用的用电器总功率不可超过2200W
C. 电能表是测量用电器电功率的仪表
D. 指示灯闪烁的次数越快，电能表所在电路接入的用电器总功率越大
【答案】D
【解析】A. 电能表的读数时，最后一位是小数，单位kW h，小
龙家上月消耗的电能为772.3kW⋅h−704.3kW⋅h＝68kW⋅h，故 A 错；
B. 小龙家同时使用的用电器最大总功率P＝UI＝220V×20A＝4400W，故B 错；
C. 电能表是测量电能的仪表，故C 错；
D. 电能表指示灯闪烁的快慢反映了做功的快慢，指示灯闪烁的次数越快，电能表所在电路接入的用电器总功率越大，故D 正确。

故选D.
选择题
如图所示的仪表，测量的物理量是
A．电能B．电流C．电压D．电阻
【答案】A
【解析】
试题分析：测量电能的工具是电能表；测量电流的工具是电流表；测量电压的工具是电压表；电阻可用伏安法来进行测量；图示中的仪表是电能表，所以是用来测量电能的，故应选A。

选择题
下列说法正确的是
A. 电流通过用电器消耗的电能越多，用电器的功率越大
B. 千瓦、千瓦•时都是电功率的单位
C. 电功是表示电流做功快慢的物理量
D. “220V 60W”的灯泡正常工作时，每秒消耗60J 的电能
【答案】D
【解析】
电功率是指电流在单位时间内做功的多少，它是表示电流做功快慢的物理量；电功是描述电流做功多少的物理量，电功和电功率的物理意义不同，单位也不一样，据此分析。

电流通过用电器消耗的电能越多，通过用电器的电流做功越多，但用电器功率不一定越大，应还与通电的时间有关，故A 错误；千瓦是电功率的单位，千瓦•时是电功的单位，故B 错误；电功是表示电流做功多少的物理量，电功率是表示做功快慢的物理量，故C 错误；“220V 60W”的灯泡正常工作时，额定电压是220V，额定功率60W，所以，每秒消耗的电能是：W=Pt=60W×1s=60J，故D 正确，故选D。

选择题
智能手机耗电达到一定量时，会自动提示用户采用“省电模式”，
在这种模式下，可延长电池的供电时间，原因是
A. 降低了电池的输出电压
B. 减小了电池的输出电流
C. 减小了电子线路的电阻
D. 增大了电池的输出功率
【答案】B
【解析】
A.手机工作电压是一定的，如果降低了电池的输出电压，手机将不能正常工作，故A 不符合题意；
B.手机电池储存的电能是一定的，由公式W＝Pt 知，要延长手机工作时间，需要减小输出功率，而手
机工作电压是不变的，由P＝UI 知，在省电模式下，应减小电池的输出电流，故B 符合题意；C.手机内部电子线路的结构是不变的，所以电阻也是一定的，故C 不符合题意；D.由公式W＝Pt 知，增大电池的输出功率，手机的工作时间会缩短，故D 不符合题意。

故选B。

选择题
下列关于电和磁的说法中正确的是
A. 金属导体中的电流方向与导体中自由电子定向移动的方向相同
B. 家里的保险丝熔断后，可用铜丝或铁丝来代替
C. 家庭电路中同时工作的用电器总功率越大，通过电能表的电流越大
D. 电动机是根据电磁感应原理工作的
【答案】C
【解析】
（1）物理学规定正电荷定向移动的方向为电流的方向，负电荷定向移动的方向和电流的方向相反；
（2）保险丝是用电阻率大熔点低的铅锑合金制成的，当电流过大时会熔断而保护电路；
（3）我国家庭电路的电压为220V，电能表位于家庭电路的干路上，由P=UI 分析用电器总功率越大时通过电能表电流的变化；
（4）电动机是根据通电线圈在磁场中受力而转动的原理工作的物理学规定正电荷定向移动的方向是电流的方向，由于金属导体
导体靠的是自由电子的定向移动，其方向与电流方向相反，故A 错误；保险丝采用电阻率大熔点低的铅锑合金制成，在电流过大时能自动切断电源，若用铜丝或铁丝来代替，由于铜或铁的熔点高，在电流过大时不能自动切断电源，起不到保险的作用，故B 错误；我国家庭电路的电压为220V，电能表位于家庭电路的干路上，由P=UI 的变形式I=知道，家庭电路中同时工作的用电器总功率越大，通过电能表的电流越大，故C 正确；电动机是根据通电线圈在磁场中受力而转动的原理工作的，不是根据电磁感应原理工作的，故D 错误，故选C。

选择题
如图所示，电源两端电压保持12V 不变，小灯泡L 上标有“6V、3W”字样，滑动变阻器最大电阻值R＝60Ω．不考虑灯丝电阻随温度的变化，下列说法错误的是
A. S 闭合后，使电压表的示数减少1V，小灯泡L 两端的电压就减小1V
B. S 闭合后，小灯泡L 的最小实际电功率为0.5W
C. 小灯泡L 正常发光时，变阻器R 消耗的电功率为3W
D. 开关S 断开时，电压表的示数为12V
【答案】B
【解析】
A. S 闭合时，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测灯泡两端的电压，
所以电压表示数减小1V，灯泡L 两端的电压就减小1V，故 A 正确；
B. 根据P＝可得，灯泡的电阻：RL＝＝＝12Ω，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，灯泡消耗的电功率最小，因为串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以根据欧姆定律可知，此时电路中
的电流：I＝＝,灯泡的最小电功率：PL＝I2RL＝( A)2 ×12Ω0.33W，故B 不正确；C. 灯泡正常发光时的电压为6V，功率为3W，因为串联电路中总电压等于各分电压之和，所以此时滑动变阻器两端的电压：UR＝U−UL 额＝12V−6V＝6V，因为串联电路中各处的电流相等，所以根据P＝UI 可知，此时滑动变阻器消耗的电功率和灯泡消耗的电功率相等，即为3W，故C 正确。

D. S 断开时，电压表测电源的电压，所以此时电压表的示数为12V，故D 正确；故选B.
选择题
安装在家庭电路中的电能表，测量的是
A. 电流
B. 电压
C. 电能
D. 电功
【答案】CD
【解析】
电能表是串联在电路中测量一段时间内家庭电路消耗的电能的
仪表
电流应该用电流表测量，故A 错误；电压应该用电压表测量，故B 错误；电能表是用来测量电路消耗电能的仪表，也就是电流做功多少的仪表，故CD 正确，故选CD。

选择题
在如图所示，将电能转化为机械能的实验装置是
A. B.
C. D.
【答案】BC
【解析】
四幅图中的实验装置包括电磁感应实验、电流的磁效应实验（奥
斯特实验）、磁场对电流的作用实验、电动机的原理等，据此分析即可。

A 图装置中，闭合开关，若金属棒左右切割磁感线运动，电路中就会产生电流，此过程是机械能转化为电能，故不符合题意；
B 图装置奥斯特的电流磁效应实验，是用来研究通电导体周围是否存在磁场的实验，是电能转化为机械能，故不符合题意；
C 图装置是把通电导体放在磁场中，它会受到力的作用，此过程是电能转化为机械能，故不符合题意；
D 装置是发电机的工作原理，是机械能转化为电能，所以，能够说明“电能转化为机械能”的实验是BC 图装置，故选BC。

选择题
一盏标有“PZ220﹣40”字样的普通照明灯泡，接在家庭电路中，（灯丝电阻不随温度变化），则下列说法正确的是
A. 这盏灯接在家庭电路中，此时不能正常发光
B. 这盏灯正常发光时，灯丝电阻是 1210Ω
C. 这盏灯正常发光时，通过灯丝的电流是 0.3A
D. 如果这盏灯正常发光 10h ，它消耗的电能是 0.4 kw •h
【答案】BD
【解析】
（1）家庭电路中的电压为 220V ；
（3） 根据 P=UI 即可求出灯泡正常发光是的电流；
（4） 根据 W=Pt 即可求出灯泡正常工作 10h 消耗的电能
选择题
甲、乙两个用电器并联后接在某一电源上，如果在相等时间内， 电流通过用电器甲所做的功比通过用电器乙所做的功多，这说明
A. 甲通过的电流比乙的大
B. 甲消耗的电能比乙的少
C. 甲两端的电压比乙的高
D. 甲的电阻比乙的小
（2）由灯泡铭牌信息找出灯泡的额定电压与额定功率，由求出灯泡的电阻；
标有“PZ220﹣40”字样的普通照明灯泡的额定电压为220V ，所 以，接在家庭电路中，能正常发光，故A 错误；由 知道，这盏 灯正常发光时，灯丝电阻是： ，故 B 正确； 由 知道， 这盏灯正常发光时， 通过灯丝的电流是： ，故 C 错误；由 它消耗的电能是： 知道，这盏灯正常发光 10h ， ，故D 正确，故 选 BD 。

【答案】AD
【解析】
由于两用电器并联，用电器两端的电压相等，通电时间相等，根
据公式W=UIt 可比较通过的电流的大小；根据公式W= t 可比较两用电器电阻的大小。

根据题意知道，甲、乙两个用电器并联，所以用电器两端电压和通电时间相等，由W=UIt 知道，电流做的功越多，通过的电流就越大，故A 正确，C 错误；电流做了多少功就是消耗了多少电能，所以甲消耗的电能比乙的多，故B 错误；由知道，电阻越小，做的功越多，所以甲的电阻比乙的小，故D 正确，故选AD。

选择题
下列一些物理概念说的正确的是
A. 家用电路中电能表直接测量的是家中正在使用的用电器的总
电功率
B. 电路中负电荷发生定向移动时。

电路中一定有电流
C. 同种物质的比热容一定相同
D. 扩散现象说明分子在永不停息地做无规则运动
【答案】BD
【解析】
家用电路中电能表是测量家庭电路消耗电能的仪表，不能测量电
功率，故A 错误；电荷包括正电荷和负电荷，正、负电荷的定向移动
都能形成电流，故B 正确；同种物质的比热容不一定相同，因为比热
容与物质的种类、状态有关，如冰和水的比热容不同，故C 错误；扩散现象说明分子在永不停息地做无规则运动，故D 正确，故选BD。

综合题
2013 年4 月12 日，第十二届中原自行车、电动车电动汽车博览会在郑州顺利召开，各式各样的电动汽车深受人们的关注。

（1 ）电动汽车在行驶过程中是将能转化为能，相当于汽油机的冲程。

（2）电动汽车是选填“零”或“高”）排放的环保车.当用家庭电路对电动汽车充电时，家庭电路里的电能表上标有“1500r
／kw.h”，该车单独充电工作2h，电能表上的转盘转过45000转，则该车的电功率是Kw。

（3）某款电动汽车在平直公路上匀速行使时，每100km 消耗电能15 kW·h，若不计能量损失，则该电动汽车匀速行使时受到的阻力为N。

若质量和外观与该电动汽车相同的燃油汽车，它的能量转化效率为25％，在相同的路面上匀速行使时，每百公里耗油kg。

(保留一位小数，汽油的热值是4.6×107J /kg) 【答案】电能机械能做功零15Kw 540N 4.7Kg
【解析】（1）电动汽车在行驶过程中是将电能转化为机械能，相当于汽油机的做功冲程。

（2）电动汽车是零排放的环保车；通过家庭
电路对电动汽车充电时，为了安全起见应使用三脚线插头；充电功率
为P 15kw；(3)每百公里耗电15kW h,不计能量损
失,牵引力做的功是：W 15×3.6×106J 5.4×107J，∵W Fs,∴F
540N.阻力和牵引力是一对平衡力，大小相等，所以，
f F 540N. 汽油释放的总能量Q 2.16×108J，∵Q mq,
∴需要汽油的质量m 4.7kg；
填空题
一段导体两端的电压为9V 时，通过导体的电流为1A，通电时间为10s，则电流做功为J，消耗电能为J。

【答案】90 90
【解析】
导体两端电压U＝9V，导体中的电流I＝1A，通电时间t＝10s，电流做的功：W＝UIt＝9V×1A×10s＝90J；电流中消耗电能的过程即
电流做功过程，电路中消耗的电能W 电＝W＝90J.
填空题
小明分别把额定电压都是220V 的LED 灯及白炽灯接入220V 的家庭电路，两灯发光亮度差不多，LED 灯的额定功率为10W，白炽灯
的额定功率为100W，两灯正常工作相同时间，用红外线测温仪测得
白炽灯的温度比LED 灯高很多．
（1）两灯正常工作相同时间，消耗的电能大（选填“LED 灯”
或“白炽灯”），依据是．
（2）LED 灯和白炽灯工作时消耗的电能转化为光能的效率谁大？
．
【答案】白炽灯白炽灯的功率大，根据W=Pt 可知白炽灯消耗的电能多LED 灯
【解析】解答：(1)白炽灯的额定功率大，两灯正常工作相同的时间，根据公式W=Pt 可知，白炽灯消耗的电能大；(2)由题可知，两灯
正常工作相同时间，用红外线测温仪测得白炽灯的温度比LED 灯高很
多，这说明白炽灯发光时，会有很大一部分电能转化为内能，只有很
少一部分转化为光能，所以白炽灯的发光效率低，LED 灯工作消耗的
电能转化为光能的效率大。

填空题
某同学家里，8 月月底抄表时，电能表的示数是，9 月月底抄表时，电能表的示数为，则该家庭9 月份用电
kW•h．若每度电费是0.50 元，则应付电费元．【答案】137.2 68.6
【解析】如图所示，8 月月底电能表的示数是9558.7kW⋅h；9 月月底电能表的示数为9695.9kW⋅h ，9 月份用电W ＝
9695.9kW⋅h−9558.7kW⋅h＝137.2kW⋅h；应付电费0.50 元×137.2＝
68.6 元。

作图题
如图所示的是一个双温电炉电路图．电路由两段阻值都为44Ω 的电阻丝R 组成发热体，A、B、C 为三段引出线，单刀双掷开关接A 为低温档，接B 为高温档，且高温档的功率为低温档的2 倍，试在图中框内画出两段电阻丝是连接图．
【答案】见解析
【解析】解答：由题知，两电阻的阻值相同，高温档的功率为低温档的2 倍，电源电压一定，由P 可知，高温档电阻是低温档电阻的，所以，高温时只有一段电阻丝接入电路，低温时两段电阻丝串联即可满足要求，注意单刀双掷开关接A 为低温档，接B 为高温档，如图所示：
作图题
请你在如图方框中画出测量小灯泡电功率的实验电路图。

（）
【答案】
【解析】
由于可以利用P=UI 求功率，所以，需要测出用电器两端的电压以及流过它们的电流，据此设计电路
由P=UI 知道，需要利用电压表测出灯泡两端的U、利用电流表测出灯泡的电流I，滑动变阻器可以调节灯泡两端的电压和通过的电流，故电路图如下：
解答题
如图甲是家用电吹风的工作原理图，电吹风工作时可以吹出热风也可以吹出凉风。

（l）要让电吹风工作时吹出热风，它的开关应置于图甲中
（选填“1”“2”或“3”）位置，此时电风扇与电热丝的连接方式是。

（2）某次用该电吹风将头发吹干的过程中，电吹风的功率随时间的变化关系如图乙所示，则在该次吹干头发过程中电吹风消耗的总电能是J；
（3）电热丝在工作时的电阻值是Ω
（4）使用几年后，发现电热丝变细，它的实际功率将变。

【答案】1 并联6292 200 小
【解析】
（l）当电吹风机送出来的是热风时，说明电动机和电热丝同时工作。

（2）由图象知道，吹热风和吹凉风时的功率和时间，然后根据W=Pt 分别计算出电吹风工作时吹热风和吹凉风时消耗的电能，求其
和即可；
（3）根据功率随时间的图象计算电热丝的功率，然后利用R=，求出电阻
（4）导体的长度、材料相同时，横截面积越大，电阻越小，由
分析出电热丝实际功率的变化。

（1）要让电吹风工作时吹出热风，则说明电动机和电热丝是同时工作，所以，开关应置于图甲中的1 位置，使电风扇与电热丝是并
联连接在电路中；
（2）根据功率随时间的变化关系图象知道，某次用该电吹风将头发吹干的过程中，热风挡的功率是：P热=290.4W，时间是：t热=20s，
凉风挡的功率是：P 凉=48.4W，时间是：t 凉=30s-20s=10s，由知
道，此过程中电吹风消耗的总电能是：W 总=W 热+W 冷=P 热t 热+P
凉t 凉=290.4W×20s+48.4W×10s=6292J；
（3）由于吹热风时电动机和电热丝同时工作，吹冷风时只有电
动机工作，所以，电热丝的功率是：P=P热-P凉=290.4W-48.4W=242W；
由可知，电热丝的电阻是：；
（4）使用几年后，发现电热丝变细，即横截面积变小了，所以导致电热丝的电阻变大；由知道，电热丝的实际功率将会变小。

解答题
某品牌电热水壶，铭牌上标有“220V 1100W”的字样。

请通过计算回答：
（1）这种电热水壶正常工作时的电阻是多大？
（2）这种电热水壶正常工作15min 可以烧开一壶水，它消耗的电能是多少？
【答案】（1）44Ω；（2）9.9×105J。

【解析】
（1）电热水壶正常工作时的功率即是额定功率相等，根据计算这种电热水壶正常工作时的电阻；
（2）根据W=Pt 计算这种电热水壶正常工作15min 消耗的电能（1）根据题意知道，电热水壶正常工作时的功率是：P= 1100W，
电压是：U=220V，由知道，这种电热水壶正常工作时的电阻是：；
（2）由P=知道，这种电热水壶正常工作15min消耗的电能是：
解答题
如图是潮汐发电机的简化示意图，发电机组平均功率达到 1.8×
104kW．该电站在某次涨潮前水库的水量为106m3，涨潮后水库的水量为7×106m3，潮差为10m，整个过程持续2 小时。

海水密度为1.03
×103kg/m3．试求：
（1）潮汐发电是将海水的能转化为电能。

（2）一次涨潮过程中发电机组可以发电多少？（g＝10N/kg）
（3）一次涨潮经过电机组的海水的重力做功是多少？
（4）请写出一条潮汐发电相比火力发电的优势。

【答案】机械3.6×104kW•h 3.09×1011 J 与火力发电相比，潮汐发电的优点是成本低、环保
【解析】
（1）海水具有很大的机械能；
（2）根据W=Pt 计算涨潮过程中发出的电能；
（3）先由G=mg=ρVg 计算海水的重力，再由W=Gh 计算海水的重力所做的功；
（4）潮汐发电中的能量转化方式，与火力发电相比，较为环保。

（1）因为海水具有很大的机械能，所以潮汐发电是将海水的机械能转化为电能；
（2）根据题意知道，发电机组平均功率约是：，
某次涨潮整个过程持续2 小时，所以，这次涨潮过程中发电机组发出
的电能约是：
（3）由于涨潮前水库的水量为106 m3 ，涨潮后水库的水量为7 ×106 m3 ，所以，增加的海水的重力是：
kg/
又因为潮差为10m，所以上涨的海水重心上升的高度约是5m，即一次涨潮经过电机组的海水的重力做功约是：
；
（4）与火力发电相比，潮汐发电的优点是成本低、环保
实验题
如图所示，在“探究影响电流做功因素”时，小明用两个不同灯泡设计了如图实验。

（1）将L1、L2 两灯串联，目的是控制通电时间和相同，从而探究电流做功多少与的关系；
（2）小明想要继续探究电流做功与电流大小的关系，应怎样设
计实验呢？请你帮他在如图虚线框内画出电路图。

（）
【答案】电流电压
【解析】
（1）探究电流做功与电压大小的关系时，需控制电流相等，因此使两灯泡串联，电压表分别测量两灯泡两端的电压；（2）探究电流做功与电流大小的关系时，需控制电压相等，因此使两灯泡并联，电流表分别测量通过灯泡的电流．
(1)探究电流做功与电压大小的关系时，需控制电流相等，因此使两灯泡串联，电压表分别测量两灯泡两端的电压；将L1、L2 两灯串联，目的是控制通电时间和电流相同，从而探究电流做功多少与电压的关系；(2)探究电流做功与电流大小的关系时，需控制电压相等，因此使两灯泡并联，电流表分别测量通过灯泡的电流。

实验电路如下图：
21。