高考物理二轮复习第十一章交变电流传感器夯基保分练二变压器远距离输电

夯基保分练(二) 变压器 远距离输电
[A 级——保分练]
1．(2020·重庆巴蜀中学检测)小青从国外带回一把标有“110 V，60 Hz,880 W”的电咖啡壶，该电咖啡壶利用电热丝加热。

在我国，为使此电咖啡壶能正常工作，需要通过变压器与市电相连。

下列说法正确的是( )
A ．可以将电咖啡壶直接与市电相连，只是电功率将变为 3 520 W
B ．电咖啡壶应接在原、副线圈匝数比为2∶1的副线圈两端，且副线圈绕制的导线较粗
C ．电咖啡壶通过变压器正常工作时，与市电相连的线圈中电流为8 A
D ．电咖啡壶通过变压器正常工作时，电热丝中的交变电流频率为60 Hz
解析：选B 电咖啡壶额定电压为110 V ，低于我国的家庭电路的电压，直接与市电相连，会导致电咖啡壶烧毁，即使不烧毁，也会因为电热丝电阻增大，电功率将小于3 520 W ，A 错误；市电为220 V ，应该用线圈匝数比为2∶1的降压变压器，且副线圈中电流较大，绕制的导线较粗，B 正确；电咖啡壶通
过变压器正常工作时，原线圈电流为I ＝P U ＝4 A ，C 错误；通过变压器正常工作时，电咖啡壶的电热丝中交变电流的频率为50 Hz ，D 错误。

2. (2020·海南文昌中学模拟)如图所示，L 1、L 2是理想变压器的两个线圈，则当接负载正常工作后，下列说法中正确的是( )
A ．若把它当做降压变压器，L 1应接电源
B ．通过L 1、L 2电流之比为1∶4
C ．L 1、L 2两端电压之比为1∶4
D ．L 1、L 2功率之比为4∶1
解析：选C 当原线圈的匝数大于副线圈的匝数时，可作为降压变压器，故L 2应接电源，A 错误；根据公式I 1I 2＝n 2n 1，可得通过L 1、L 2电流之比为4∶1，B 错误；根据公式U 1U 2＝n 1n 2
可得，L 1、L 2两端电压之比为1∶4，C 正确；理想变压器原、副线圈的电功率相等，D 错误。

3. (多选)(2020·牡丹江一中检测)如图所示，理想变压器原、副线圈的匝数比是10∶1，原线圈输入交变电压u ＝1002sin 50πt V，在副线圈中串接有理想电流表和定值电阻R ，电容器并联在电阻R 两端，电阻阻值R ＝10 Ω，关于电路分析，下列说法中正确的是( )
A ．电流表示数是1 A
B．电流表示数是 2 A
C．电阻R消耗的电功率为10 W
D．电容器的耐压值至少是10 2 V
解析：选CD 由题意知原线圈输入电压有效值为100 V，所以副线圈电压为10 V，由于电容器通交
流，所以电流表示数大于1 A，不一定是 2 A，故A、B错误；电阻R消耗的电功率为P＝U2
R
＝
102
10
W＝10 W，
故C正确；副线圈电压最大值为10 2 V，电容器的耐压值至少是10 2 V，所以D正确。

4．(2020·合肥一中等六校联考)如图所示，L1和L2是不计电阻的输电线，甲是电压互感器，乙是电流互感器。

若已知甲的变压比为500∶1，乙的变流比为200∶1，并且已知加在电压表两端的电压为220 V，通过电流表的电流为5 A，则输电线的输送功率为( )
A．1.1×108 W B．1.1×106 W
C．1.1×104 W D．1.1×102 W
解析：选A 已知变压比为500∶1，电压表示数为220 V，故传输电压为：U＝220×500 V＝1.1×105 V；已知变流比为200∶1，电流表示数为5 A，故传输电流为：I＝5×200 A＝1 000 A；故电功率为：P
＝UI＝1.1×105V×1 000 A＝1.1×108 W，故选项A正确。

5. (多选)(2020·江西吉安一中模拟)如图是一个理想变压器的示意图，S为单刀双掷开关，P是滑动变阻器的滑动触头，R0是定值电阻，保持交变电压U1不变，下列说法正确的是( )
A．若P的位置不变，S由a切换到b处，则电流表示数减小
B．若P的位置不变，S由a切换到b处，则电压表示数增大
C．若S置于b处，将P向上滑动，则电流表示数增大
D．若S置于b处，将P向上滑动，则电压表示数增大
解析：选BD 由a切换到b，原线圈匝数变小，所以副线圈电压变大，电阻不变，副线圈处电流增大，R上电压增大，电压表示数增大，电流与匝数成反比，则电流表示数增大，故A错误，B正确；S置于b
处不动，P向上滑动，电阻变大，副线圈处电流变小，易知电流表示数减小，R0的分压变小，输出电压不变，则R的分压增大，电压表示数增大，故C错误，D正确。

[B级——拔高练]
6．(多选)(2020·牡丹江一中模拟)如图甲为远距离输电示意图，变压器均为理想变压器。

升压变压器原、副线圈匝数比为1∶100，其输入电压如图乙所示，远距离输电线的总电阻为100 Ω。

降压变压器右侧部分为一火警报警系统原理图，其中R1为一定值电阻，R2为用半导体热敏材料制成的传感器，当温度升高时其阻值变小。

电压表显示加在报警器上的电压(报警器未画出)。

未出现火警时，升压变压器的输入
功率为750 kW 。

下列说法中正确的有( )
A ．降压变压器副线圈输出的交流电频率为50 Hz
B ．远距离输电线路损耗功率为180 kW
C ．当传感器R 2所在处出现火警时，电压表的示数变大
D ．当传感器R 2所在处出现火警时，输电线上的电流变大
解析：选AD 由题图乙知交流电的周期0.02 s ，所以频率为50 Hz ，A 正确；由题图乙知升压变压器输入端电压有效值为250 V ，根据电压与匝数成正比知，降压变压器副线圈电压为25 000 V ，所以输电线
中的电流为：I ＝P U ＝30 A ，输电线损失的电压为：ΔU＝IR ＝30× 100 V ＝3 000 V ，远距离输电线路损耗功率为：ΔP＝ΔUI＝90 kW ，B 错误；当传感器R 2所在处出现火警时其阻值减小，副线圈两端电压不变，副线圈中电流增大，定值电阻的分压增大，所以电压表的示数变小，C 错误；由C 知副线圈电流增大，根据电流与匝数成反比知输电线上的电流变大，D 正确。

7．如图甲、乙所示，两种情况下变压器灯泡L 2、L 3的功率均为P ，且L 1、L 2、L 3为相同的灯泡，匝数比n 1∶n 2＝3∶1，则图甲中L 1的功率和图乙中L 1的功率分别为( )
A ．P 、P
B ．9P 、4P 9 C.4P 9、9P D.4P 9
、P 解析：选B 由题意可知，n 2＝n 3，两种情况下变压器输出功率均为2P ，设灯泡L 2、L 3的电压为U ，电
流为I ，电阻为R ，两种情况下变压器输入电压为3U ，变压器输入电流为23I ；题图甲中L 1的功率为P 1＝3U 2
R ＝9P ；题图乙中L 1的功率为P 2＝⎝ ⎛⎭
⎪⎫23I 2R ＝4P 9，选项B 正确。

8. (多选)(2020·全国卷Ⅱ)如图，一理想变压器原、副线圈的匝数分别为n 1、n 2。

原线圈通过一理想电流表接正弦交流电源，一个二极管和阻值为R 的负载电阻串联后接到副线圈的两端。

假设该二极管的正向电阻为零，反向电阻为无穷大。

用交流电压表测得a 、b 端和c 、d 端的电压分别为U ab 和U cd ，则( )
A ．U ab ∶U cd ＝n 1∶n 2
B ．增大负载电阻的阻值R ，电流表的读数变小
C ．负载电阻的阻值越小，cd 间的电压U cd 越大
D ．将二极管短路，电流表的读数加倍
解析：选BD 变压器的变压比U1
U2
＝
n1
n2
，其中U1、U2是变压器原、副线圈两端的电压。

U1＝U ab，由于二
极管的单向导电特性，U cd≠U2，选项A错误；增大负载电阻R的阻值，负载的电功率减小，由于P入＝P出，且P入＝I1U ab，所以原线圈上的电流I1减小，即电流表的读数变小，选项B正确；c、d端的电压由输入电压U ab决定，负载电阻R的阻值变小时，U cd不变，选项C错误；根据变压器上的能量关系有E输入＝E输出，
在一个周期T内，二极管未短路时有U ab I1T＝U2
R
·
T
2
＋0(U为副线圈两端的电压)，二极管短路时有U ab I2T＝
U2
R
T，由以上两式得I2＝2I1，选项D正确。

9. (多选)如图所示，理想变压器原线圈接有交流电源，当副线圈上的滑片P处于图示位置时，灯泡L能发光。

要使灯泡变亮，可以采取的方法有( )
A．向下滑动P B．增大交流电源的电压
C．增大交流电源的频率 D．减小电容器C的电容
解析：选BC 向下滑动P时，副线圈的匝数变少，由变压比公式可知，副线圈两端的电压变小，灯泡变暗，A项错误；增大交流电源的电压，由变压比公式可知，副线圈两端的电压增大，灯泡变亮，B项正确；电压不变，增大交流电源的频率，可减小电容器的容抗，电路中的电流变大，灯泡变亮，C项正确；减小电容器的电容，电容器的容抗增大，电路中电流减小，灯泡变暗，D项错误。

2019-2020学年高考物理模拟试卷
一、单项选择题：本题共10小题，每小题3分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的
1．如图所示，B 、M 、N 分别为竖直光滑圆轨道的右端点，最低点和左端点，B 点和圆心等高，N 点和圆心O 的连线与竖直方向的夹角为60α=︒。

现从B 点的正上方某处A 点由静止释放一个小球，经圆轨道飞出后以水平上的v 通过C 点，已知圆轨道半径为R ，v gR =，重力加速度为g ，则一下结论正确的是
A ．C 、N 的水平距离为R
B ．
C 、N 的水平距离为2R C ．小球在M 点对轨道的压力为6mg
D ．小球在M 点对轨道的压力为4mg
2．如图甲是建筑工地将桩料打入泥土中以加固地基的打夯机示意图，打夯前先将桩料扶正立于地基上，桩料进入泥土的深度忽略不计。

已知夯锤的质量为450M kg =，桩料的质量为50m kg =。

每次打夯都通过卷扬机牵引将夯锤提升到距离桩顶05h m =处再释放，让夯锤自由下落，夯锤砸在桩料上后立刻随桩料一起向下运动。

桩料进入泥土后所受阻力随打入深度h 的变化关系如图乙所示，直线斜率
45.0510/k N m =⨯。

g 取210/m s ，则下列说法正确的是
A ．夯锤与桩料碰撞前瞬间的速度为9/m s
B ．夯锤与桩料碰撞后瞬间的速度为4.5/m s
C ．打完第一夯后，桩料进入泥土的深度为1m
D ．打完第三夯后，桩料进入泥土的深度为3m
3．通过对自然现象及实验现象的仔细观察和深入研究，物理学家得出科学的结论，推动了物理学的发展。

下列说法符合事实的是（ ）
A ．光电效应说明光具有粒子性，康普顿效应说明光具有波动性
B．卢瑟福用人工转变的方法发现了质子，并预言了中子的存在
C．玻尔的原子理论成功地解释了原子发光的现象
D．贝克勒尔通过对天然放射现象的研究，提出了原子中存在原子核的观点
4．一质量为m的物体用一根足够长细绳悬吊于天花板上的O点，现用一光滑的金属钩子勾住细绳，水平向右缓慢拉动绳子（钩子与细绳的接触点A始终在一条水平线上），下列说法正确的是（）
A．钩子对细绳的作用力始终水平向右
B．OA段绳子的力逐渐增大
C．钩子对细绳的作用力逐渐增大
D
．钩子对细绳的作用力可能等于2mg
5．某篮球运动员垂直起跳的高度为100cm，则该运动员的滞空时间（运动员起跳后，从双脚都离开地面到任意一只脚接触地面的时间间隔）约为（）
A．0.20s B．0.45s C．0.90s D．1.60s
6．如图甲所示，一铝制圆环处于垂直环面的磁场中，圆环半径为r，电阻为R，磁场的磁感应强度B随时间变化关系如图乙所示，0
t=时刻磁场方向垂直纸面向里，则下列说法正确的是（）
A．在t t=0时刻，环中的感应电流沿逆时针方向
B．在t t=0时刻，环中的电功率为
242
2
0πr B Rt
C．在t t=0时刻，环中的感应电动势为零
D．0~t0内，圆环有收缩的趋势
7．中国散裂中子源项目由中国科学院和广东省共同建设，选址于广东省东莞市大朗镇，截止到2019年8月23日正式投入运行1年。

散裂中子源就是一个用中子来了解微观世界的工具，如一台“超级显微镜”，可以研究DNA、结晶材料、聚合物等物质的微观结构。

下列关于中子的说法正确的是（）
A．卢瑟福预言了中子的存在，并通过实验发现了中子
B ．原子核中的中子与其他核子间无库仑力，但有核力，有助于维系原子核的稳定
C ．散裂中子源中产生的强中子束流可以利用电场使之慢化
D ．若散裂中子源中的中子束流经慢化后与电子显微镜中的电子流速度相同，此时中子的物质波波长比电子的物质波波长长
8．如图所示，两同心圆环A 、B 置于同一光滑水平桌面上，其中A 为均匀带电绝缘环，B 为导体环，若A 环以图示的顺时针方向，绕圆心由静止转动起来，则（ ）
A ．
B 环将顺时针转动起来
B ．B 环对桌面的压力将增大
C ．B 环将有沿半径方向扩张的趋势
D ．B 环中将有顺时针方向的电流
9．小球在水中运动时受到水的阻力与小球运动速度的平方成正比，即2f kv =，则比例系数k 的单位是 A ．2kg m ⋅
B ．kg m ⋅
C ．kg /m
D ．2kg /m
10．如图所示为交流发电机发电的示意图，矩形线圈ABCD 面积为S 、匝数为N 、整个线圈的电阻为r 。

在磁感应强度为B 的磁场中，线圈绕OO '轴以角速度ω匀速转动，外电阻为R ，线圈的AB 边连在金属滑环K 上，CD 边连在金属滑环L 上，线圈在转动时可以通过滑环和电刷保持与外电路相连。

关于发电过程中的四个状态，下列说法正确的是（ ）
A ．线圈转到图甲位置时，通过线圈的磁通量为NBS
B ．线圈转到图乙位置时，通过线圈的磁通量的变化率为NBS ω
C ．线圈转到图丙位置时，外电路中交流电流表的示数为()
NBS R r ω+
D．线圈转到图丁位置时，AB边感应电流方向为A B
→
二、多项选择题：本题共5小题，每小题3分，共15分．在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求．全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分
11．质量为m的小球穿在光滑细杆MN上，并可沿细杆滑动。

已知细杆与水平面夹角30°，细杆长度为2L，P为细杆中点。

小球连接轻弹簧，弹簧水平放置，弹簧右端固定于竖直平面的O点。

此时弹簧恰好处于原
长，原长为23
3
L，劲度系数为
mg
L。

将小球从M点由静止释放，小球会经过P点，并能够到达N点。

下列说法正确的是（）
A．小球运动至P点时受到细杆弹力为53
6
mg
B．小球运动到P点处时的加速度为3 2 g
C．小球运动至N点时的速度2gl
D．小球运动至N点时弹簧的弹性势能为mgL
12．图示水平面上，O点左侧光滑，右侧粗糙，质量分别为m、2m、3m和4m的4个滑块（视为指点），用轻质细杆相连，相邻滑块间的距离为L。

滑块1恰好位于O点，滑块2、3、4依次沿直线水平向左排开。

现对滑块1施加一水平恒力F，在第2个滑块进入粗糙水平面后至第3个滑块进入粗糙水平面前，滑块做匀速直线运动。

已知滑块与粗糙水平面间的动摩擦因素均为μ，重力加速度为g，则下列判断正确的是（）
A．水平恒力大小为3μmg
B 3gL 5μ
C．在第2个滑块进入粗糙水平面前，滑块的加速度大小为1
g 5
μ
D．在水平恒力F的作用下，滑块可以全部进入粗糙水平面
13．通常把电荷在离场源电荷无限远处的电势能规定为零，已知试探电荷q在场源电荷Q的电场中具所
有电势能表达式为
r kqQ
E
r
式中k为静电力常量，r为试探电荷与场源电荷间的距离）。

真空中有两个点
电荷Q 1、Q 2分别固定在 x 坐标轴的0x =和6cm x =的位置上。

x 轴上各点的电势φ随x 的变化关系如图所示。

A 、B 是图线与x 的交点，A 点的x 坐标是4.8 cm ，图线上C 点的切线水平。

下列说法正确的是（ ）
A ．电荷Q 1、Q 2的电性相同
B ．电荷Q 1、Q 2的电荷量之比为1∶4
C ．B 点的x 坐标是8cm
D ．C 点的x 坐标是12cm
14．在某一均匀介质中由波源O 发出的简谐横波在x 轴上传播，某时刻的波形如图所示，其波速为5m/s ，则下列说法正确的是_________．
A ．此时P 、Q 两点运动方向相同
B ．再经过0.5s 质点N 刚好在（-5m ，20cm ）位置
C ．在1.5s<t<1.6s 时间间隔内，质点N 在x 轴上方向上运动
D ．能与该波发生干涉的横波的频率一定为3Hz
E.再经过0.5s 时间质点M 通过的路程大于100m
15．从水平面上方O 点水平抛出一个初速度大小为v 0的小球，小球与水平面发生一次碰撞后恰能击中竖直墙壁上与O 等高的A 点，小球与水平面碰撞前后水平分速度不变，竖直分速度大小不变、方向相反，不计空气阻力。

若只改变初速度大小，使小球仍能击中A 点，则初速度大小可能为（ ）
A ．2v 0
B ．3v 0
C ．02v
D ．0 3
v
三、实验题：共2小题
16．在“研究一定质量理想气体在温度不变时，压强和体积的关系”实验中．某同学按如下步骤进行实验： ①将注射器活塞移动到体积适中的V 1位置，接上软管和压强传感器，通过DIS 系统记录下此时的体积V 1与压强p 1．
②用手握住注射器前端，开始缓慢推拉活塞改变气体体积．
③读出注射器刻度表示的体积V，通过DIS系统记录下此时的V与压强p．
④重复②③两步，记录5组数据．作p﹣1
V
图．
(1)在上述步骤中，该同学对器材操作的错误是：__．因为该操作通常会影响气体的__（填写状态参量）．
(2)若软管内容积不可忽略，按该同学的操作，最后拟合出的p﹣1
V
直线应是图a中的__．（填写编号）
(3)由相关数学知识可知，在软管内气体体积△V不可忽略时，p﹣1
V
图象为双曲线，试用玻意耳定律分析，
该双曲线的渐近线（图b中的虚线）方程是p=__．（用V1、p1、△V表示）
17．在“探究物体质量一定时加速度与力的关系”实验中，小明同学做了如图甲所示的实验改进，在调节桌面水平后，添加了用力传感器来测细线中的拉力．
(1)关于该实验的操作，下列说法正确的是________．
A．必须用天平测出砂和砂桶的质量
B．一定要保证砂和砂桶的总质量远小于小车的质量
C．应当先释放小车，再接通电源
D．需要改变砂和砂桶的总质量，打出多条纸带
E.实验中需要将小车轨道适当倾斜以平衡摩擦力
F.实验中小车应从靠近打点计时器位置静止释放
(2)实验得到如图乙所示的纸带，已知打点计时器使用的交流电源的频率为50Hz，相邻两计数点之间还有四个点未画出，由图中的数据可知，打下B点时，小车运动的速率是_____m/s．小车运动的加速度大小是______m/s2.（计算结果保留三位有效数字）
(3)由实验得到小车的加速度a与力传感器示数F的关系如图丙所示．则小车与轨道的滑动摩擦力F f=____N.
四、解答题：本题共3题
18．质量为1kg的小型无人机下面悬挂着一个质量为0.5kg的小物块，正以2m/s的速度匀速下降，某时刻悬绳断裂小物块竖直下落，小物块经过2s落地，已知无人机运动中受到的空气阻力大小始终为其自身重力的0.1倍，无人机的升力始终恒定，不计小物块受到的空气阻力，重力加速度为2
10m/s，求当小物块刚要落地时:
（1）无人机的速度;
（2）无人机离地面的高度。

19．（6分）如图所示，空间存在竖直向下的匀强磁场，磁感应强度B＝0.5T.在匀强磁场区域内，有一对光滑平行金属导轨，处于同一水平面内，导轨足够长，导轨间距L＝1m，电阻可忽略不计．质量均为m＝lkg，电阻均为R＝2.5Ω的金属导体棒MN和PQ垂直放置于导轨上，且与导轨接触良好．先将PQ暂时锁定，金属棒MN在垂直于棒的拉力F作用下，由静止开始以加速度a＝0.4m/s2向右做匀加速直线运动，5s后保持拉力F的功率不变，直到棒以最大速度v m做匀速直线运动.
(1)求棒MN的最大速度v m；
(2)当棒MN达到最大速度v m时，解除PQ锁定，同时撤去拉力F，两棒最终均匀速运动.求解除PQ棒锁定后，到两棒最终匀速运动的过程中，电路中产生的总焦耳热.
(3)若PQ始终不解除锁定，当棒MN达到最大速度v m时，撤去拉力F，棒MN继续运动多远后停下来?（运算结果可用根式表示）
20．（6分）如图所示，开口向上的汽缸C静置于水平桌面上，用一横截面积S=50cm2的轻质活塞封闭了一定质量的理想气体，一轻绳一-端系在活塞上，另一端跨过两个定滑轮连着一劲度系数k=1400N/m的竖直轻弹簧A，A下端系有一质量m=14kg的物块B。

开始时，缸内气体的温度t=27°C，活塞到缸底的距离
L1=120cm，弹簧恰好处于原长状态。

已知外界大气压强恒为p=1.0×105 Pa，取重力加速度g=10 m/s2，不计一切摩擦。

现使缸内气体缓慢冷却，求:
(1)当B刚要离开桌面时汽缸内封闭气体的温度
(2)气体的温度冷却到-93°C时离桌面的高度H
参考答案
一、单项选择题：本题共10小题，每小题3分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的
1．C
【解析】
【详解】
AB ．小球从N 到C 的过程可看作逆过来的平抛，则
cos N v v α=
sin N v gt α=
CN x vt =
解得：
22N v v gR ==3CN x R =
故A 、B 项错误。

CD ．小球从M 到N 的过程应用动能定理可得：
2211(cos )22
-N M mg R R mv mv α--= 对小球在M 点时受力分析，由牛顿第二定律可得：
2M NM v F mg m R
-= 解得：
6NM F mg =
根据牛顿第三定律可得：小球在M 点对轨道的压力为6mg 。

故C 项正确，D 项错误。

故选C 。

2．C
【解析】
【分析】
夯锤先自由下落，然后与桩料碰撞，先由运动学公式求出与桩料碰撞前瞬间的速度，对于碰撞过程，由于内力远大于外力，所以系统的动量守恒，由动量守恒定律求出碰后共同速度；夯锤与桩料一起下沉的过程，重力和阻力做功，由动能定理可求得桩料进入泥土的深度；
【详解】
A 、夯锤与桩料碰撞前瞬间的速度200 2v gh =，得0 /10/v s m s ==
取向下为正方向，打击过程遵守动量守恒定律，则得：0)Mv M m v =
+（ 代入数据解得： 9/v m s =，故选项AB 错误；
C 、由乙图知，桩料下沉过程中所受的阻力是随距离均匀变化，可用平均力求阻力做功，为
211 22
f W kh h kh =-⋅=- 打完第一夯后，对夯锤与桩料，由动能定理得：
()211)02
f M m gh W M m v ++=-+（ 即：()221111)022M m gh kh M m v +-=-+（ 代入数据解得1
1h m =，故选项C 正确； D 、由上面分析可知：第二次夯后桩料再次进入泥土的深度为2h 则对夯锤与桩料，由动能定理得：()2221211)()022
M m gh k h h M m v +-+=-+（ 同理可以得到：第三次夯后桩料再次进入泥土的深度为3h 则对夯锤与桩料，由动能定理得：()22312311)()022
M m gh k h h h M m v +-++=-+（ 则打完第三夯后，桩料进入泥土的深度为123H h h h =++
代入数据可以得到：1233H h h h m =++<，故选项D 错误。

【点睛】
本题的关键是要分析物体的运动过程，抓住把握每个过程的物理规律，要知道当力随距离均匀变化时，可用平均力求功，也可用图象法，力与距离所夹面积表示阻力做功的大小。

3．B
【解析】
A ．光电效应、康普顿效应都说明光具有粒子性，故A 错误；
B ．卢瑟福用人工转变的方法发现了质子，并预言了中子的存在，故B 正确；
C ．玻尔的原子理论没有完全成功地解释原子发光现象，故C 错误；
D ．贝克勒尔通过对天然放射现象的研究，认为原子核有内部结构，故D 错误；
故选B 。

4．C
【解析】
【分析】
【详解】
A ．钩子对绳的力与绳子对钩子的力是相互作用力，方向相反，两段绳子对钩子的作用力的合力是向左下方的，故钩子对细绳的作用力向右上方，故A 错误；
B ．物体受重力和拉力而平衡，故拉力 T=mg ，而同一根绳子的张力处处相等，故 OA 段绳子的拉力大小一直为mg ，大小不变，故B 错误；
C ．两段绳子拉力大小相等，均等于 mg ，夹角在减小，根据平行四边形定则可知，合力变大，故根据牛顿第三定律，钩子对细绳的作用力也是逐渐变大，故C 正确；
D ．因为钩子与细绳的接触点A 始终在一条水平线上，两段绳子之间的夹角不可能达到90°，细绳对钩子的
，故D 错误。

故选C 。

5．C
【解析】
【分析】
【详解】 根据物体做自由落体运动时212
x gt =可知
t =可得物体自由落体运动下落1m 需要的时间约为0.45s ，根据竖直上抛运动和自由落体运动的关系可知，滞空时间约为0.90s ，C 正确，ABD 错误。

故选C 。

6．B
【详解】
A ．由磁场的磁感应强度
B 随时间变化关系图象可知，磁场反向后，产生的感应电流的方向没有改变，0~t 0时间内，磁场垂直纸面向里，B 减小，所以线圈中的磁通量在减小，根据楞次定律可判断线圈的电流方向为顺时针，所以A 错误；
BC ．由图象可得斜率为
00
B B t t ∆=∆ 则由法拉第电磁感应定律可得，线圈产生的感应电动势为
200
πr B S B E t t t ∆Φ∆===∆∆ 线圈的电功率为
2422020
πr B E P R Rt == 所以B 正确，C 错误；
D ．0~t 0内，磁感应强度在减小，线圈的磁通量在减小，所以根据楞次定律可知，线圈有扩张趋势，所以D 错误。

故选B 。

7．B
【解析】
【分析】
【详解】
A ．卢瑟福预言了中子的存在，查德威克通过实验发现了中子，故A 错误；
B ．中子不带电，则原子核中的中子与其他核子间无库伦力，但有核力，有助于维系原子核的稳定，故B 正确；
C ．中子不带电，则散裂中子源中产生的强中子束不可以利用电场使之慢化，故C 错误；
D ．根据德布罗意波波长表达式
h h p mv
λ== 若散裂中子源中的中子束流经慢化后的速度与电子显微镜中的电子流速度相同，因中子的质量大于电子的质量，则中子的动量大于电子的动量，则此时中子的物质波波长比电子的物质波波长短，故D 错误。

8．C
【解析】
略考点：导体切割磁感线时的感应电动势；楞次定律．
分析：因带电绝缘环A 的运动，相当于电荷定向移动，从而产生电流，导致圆环B 中的磁通量发生变化，产生感应电流．使得处于磁场中的B 圆环受到力的作用．
解答：解：A 、A 环以图示的顺时针方向，绕圆心由静止转动起来，设绝缘环带正电，所以产生顺时针方向的电流，使得B 环中的磁通量变大，由楞次定律可得感应电流方向是逆时针的，两环的电流方向相反，则具有沿半径扩张趋势．若绝缘环带负电，所以产生逆时针方向的电流，使得B 环中的磁通量仍变大，由楞次定律可得感应电流方向是顺时针的，两环的电流方向仍相反，则仍具有沿半径扩张趋势． 由上可知，B 环不会转动，同时对桌面的压力不变．
故选C
点评：由楞次定律来确定感应电流方向，同时当电流方向相同时，两者相吸引；而当电流方向相反时，两者相排斥．
9．C
【解析】
【详解】
由2
f kv =可得k 的单位为k
g /m
A.A 项与 上述分析结论不相符，故A 错误；
B.B 项与 上述分析结论不相符，故B 错误；
C.C 项与 上述分析结论相符，故C 正确；
D.D 项与 上述分析结论不相符，故D 错误。

10．D
【解析】
【分析】
【详解】
A ．线圈转到图甲位置时，通过线圈的磁通量为BS ，与匝数无关，A 错误；
B ．线圈转到图乙位置时，感应电动势 m E NBS N t
ω∆Φ==∆ 解得磁通量的变化率
BS t
ω=ΔΦΔ。