甘肃省静宁县第一中学2017-2018学年高三上学期第一次模拟物理试题 Word版含答案

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甘肃省静宁县第一中学高一分班考试物理试卷

A．动能増大，重力势能减小B．动能増大，机械能增大
C．动能减小，重力势能减小D．重力势能增大，机械能减小
15．在高烧患者的额头反复擦抹酒精可以起到物理降温的作用，主要是因为酒精（）
A．汽化吸热B．升华吸热C．液化放热D．凝固放热
16．如图所示的各种事例中，与大气压无关的是（）
A．用注射器往肌肉里注射药液
A．液体很难被压缩，说明分子间有引力
B．内能和温度有关，0℃的冰块没有内能
C．发生热传递时，热量总是从内能大的物体传递到内能小的物体
D．四冲程内燃机工作时，压缩冲程将机械能转化为内能
11．小华用透镜观察书上的字，看到如图所示情景，以下说法正确的是（）
A．图中成的是虚像
B．图中成像规律可应用于投影仪
A．两种方法中所做的总功一样B．F1做功与F2做功快慢相等
C．甲的机械效率等于乙的机械效率D．甲图中动滑轮的重力为4N
5．在图（a）（b）所示的电路中，电源电压相等且保持不变。若通过闭合或断开开关S1、S2，使电流表A1与A2示数的比值最小，则（）
A．S1、S2均断开B．S1、S2均闭合
C．S1闭合，S2断开D．S1断开，S2闭合
A．“白气”属于液化现象，要放热B．“白气”属于升华现象，要吸热
C．“白气”属于汽化现象，要放热D．“白气”属于凝华现象，要吸热
8．生活处处有物理，爱动脑的小张同学对图作出的解释错误的是（）
A．吸管的一端一般是斜的，目的是为了增大压力
B．在输液时，要将液瓶挂高是为了增大压强
C．茶壶盖上有个小孔，目的是为了平衡气压
C．图中的透镜制成的眼镜可以用于矫正近视眼
D．图中透镜远离书本，所成的像变大
12．如图甲所示是小聪同学“探究固体的熔化过程”的实验装置图，图乙是他描绘出的温度随时间变化的图像，则下列说法正确的是（）

甘肃省静宁县第一中学必修3物理全册全单元精选试卷检测题

甘肃省静宁县第一中学必修3物理全册全单元精选试卷检测题一、必修第3册静电场及其应用解答题易错题培优（难）1．如图所示，两异种点电荷的电荷量均为Q ，绝缘竖直平面过两点电荷连线的中点O 且与连线垂直，平面上A 、O 、B 三点位于同一竖直线上，AO BO L ==，点电荷到O 点的距离也为L 。

现有电荷量为q -、质量为m 的小物块（可视为质点），从A 点以初速度0v 向B 滑动，到达B 点时速度恰好减为零。

已知物块与平面的动摩擦因数为μ。

求：(1)A 点的电场强度的大小；(2)物块运动到B 点时加速度的大小和方向； (3)物块通过O 点的速度大小。

【答案】(1)222QE k L =；(2)222qkQ a g mL μ=-，方向竖直向上；(3)022v v = 【解析】【分析】【详解】(1)正、负点电荷在A 点产生的场强)02222QQ E kkL L==A 点的电场强度的大小022kQE E ==(2)由牛顿第二定律得qE mg ma μ-=解得222qkQa g mL μ=-方向竖直向上；(3)小物块从A 到B 过程中，设克服阻力做功W f ，由动能定理得201202f mgL W mv -=-小物块从A 到O 过程中220111222f mgL W mv mv -=-解得02v v =2．如图所示，长l ＝1m 的轻质细绳上端固定，下端连接一个可视为质点的带电小球，小球静止在水平向右的匀强电场中，绳与竖直方向的夹角θ＝37°.已知小球所带电荷量q ＝1.0×10－6C ，匀强电场的场强E ＝3.0×103N/C ，取重力加速度g ＝10m/s 2，sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8.求：(1)小球所受电场力F 的大小； (2)小球的质量m ；(3)将电场撤去，小球回到最低点时速度v 的大小．【答案】(1)F =3.0×10－3N (2)m =4.0×10－4kg (3)v =2.0m/s 【解析】【分析】【详解】(1)根据电场力的计算公式可得电场力6331.010 3.010N 3.010N F qE --==⨯⨯⨯=⨯； (2)小球受力情况如图所示：根据几何关系可得tan qEmg θ=，所以34310kg 410kg tan 10tan 37qE m g θ--⨯===⨯⨯︒； (3)电场撤去后小球运动过程中机械能守恒，则21(1cos37)2mgl mv -︒=，解得v =2m/s ．3．如图所示，一条长为l 的细线,上端固定,下端拴一质量为m 的带电小球．将它置于一匀强电场中,电场强度大小为E ，方向水平向右.已知当细线离开竖直位置的偏角为α时,小球处于平衡状态．（1)小球带何种电荷并求出小球所带电荷量；（2)若将小球拉到水平位置后放开手，求小球从水平位置摆到悬点正下方位置的过程中，电场力对小球所做的功．【答案】(1)正，tan /mg E α （2）tan mgl α 【解析】【详解】（1）小球所受电场力的方向与场强方向一致，则带正电荷；由平衡可知：Eq =mgtanα得：mgtan q Eα=（2）小球从水平位置摆到悬点正下方位置的过程中，电场力做负功，大小为W =Eql = mgltanα4．如图所示，在O 点处放置一个正电荷．在过O 点的竖直平面内的A 点，由静止释放一个带正电的小球，小球的质量为m 、电荷量为q ．小球落下的轨迹如图所示，轨迹与以O 为圆心、R 为半径的圆相交于B 、C 两点，O 、C 在同一水平线上，∠BOC=30°，A 距离OC 的竖直高度为h ，已知小球通过B 点的速度为v ，重力加速度为g ，求： (1)小球通过C 点的速度大小；(2)小球由A 运动到C 的过程中电场力做的功．【答案】(1) 2c gR =+v v (2) 21()2W m gR mgh =+-v 【解析】试题分析：（1）小球下落过程中，受到重力和电场力，由于B 、C 两点处于同一等势面上，故从B 到C 过程电场力做功为零，只有重重力做功，根据动能这定理求解到达C 点的速度；（2）小球从A 至C 的过程中只有重力和电场力做功，根据动能定理即可求解电场力做功．（1）小球从B 点到C 点的过程中，电场力不做功，而重力做正功由动能定理得：2211222C R mg mv mv ⨯=- 解得：2C v v gR =+（2）小球从A 至C 的过程中只有重力和电场力做功由动能定理得：212C mgh W mv +=电解得：()212W m v gR mgh 电=+- 【试题分析】本题关键是明确几种功能关系的具体形式：总功是动能变化的量度；电场力做功是电势能变化的量度；除重力外其余力做的功是机械能变化的量度．5．如图，在空间中水平面MN 的下方存在竖直向下的匀强电场，质量为m 的带电小球由MN 上方H 处的A 点以初速度v 水平抛出，从B 点进入电场，到达C 点时速度方向恰好水平，A 、B 、C 三点在同一直线上，且AB ＝2BC ，求：(1)A 、B 两点间的距离(2)带电小球在电场中所受的电场力【答案】2228v H H +mg【解析】【详解】(1)小球在MN 上方做平抛运动竖直方向：212H gt = 水平方向：x vt =A 、B 两点间的距离22L H x =+联立以上各式解得222v HL H g=+(2)带电小球进入电场后水平方向做匀速直线运动，竖直方向做匀减速直线运动，对带电小球运动的全过程，由动能定理得：()022H Hmg H F +-⋅= 解得F =3mg6．如图所示，小球的质量为0.1kg m =，带电量为51.010C q -=⨯，悬挂小球的绝缘丝线与竖直方向成30θ=︒时，小球恰好在水平向右的匀强电场中静止不动．问：（1）小球的带电性质；（2）电场强度E 的大小；（3）若剪断丝线，求小球的加速度大小．【答案】（1）小球带正电（2）45.7710N /C E =⨯ （3）211.54m /s a = 【解析】【详解】（1）对小球进行受力分析，如图；由电场力的方向可确定小球带正电；（2）根据共点力平衡条件，有qE=mgtan300 解得：4531303=/ 5.7710/10mgtan E N C N C q -≈⨯＝（3）当线断丝线后，小球的合力为030mgF cos ＝由牛顿第二定律，则有：22/11.54/cos303F g a s m s m ==＝＝小球将做初速度为零，加速度的方向沿着线的反向，大小为11.54m/s 2，匀加速直线运动．【点睛】本题关键是对小球受力分析，明确带电小球受电场力、细线的拉力和重力，根据共点力平衡条件及牛顿第二定律列示求解．二、必修第3册静电场中的能量解答题易错题培优（难）7．如图所示，水平面上有相距02mL=的两物体A和B，滑块A的质量为2m，电荷量为+q，B是质量为m的不带电的绝缘金属滑块．空间存在有水平向左的匀强电场，场强为0.4mgEq=．已知A与水平面间的动摩擦因数10.1μ=，B与水平面间的动摩擦因数20.4μ=，A与B的碰撞为弹性正碰，且总电荷量始终不变（g取10m/s2）．试求：（1）A第一次与B碰前的速度v的大小；（2）A第二次与B碰前的速度大小；（3）A、B停止运动时，B的总位移x．【答案】（1）2m/s（2）2m/s3（3）2m【解析】【分析】【详解】（1）从A开始运动到与B碰撞过程，由动能定理：201001222EqL mgL mvμ-⋅=⋅解得：v0=2m/s（2）AB碰撞过程，由动量守恒和能量守恒可得：01222mv mv mv=+22201211122222mv mv mv⋅=⋅+解得：12m/s3v=28m/s3v=（另一组解舍掉）两物体碰撞后电量均分，均为q/2，则B的加速度：222122m/s2BE q mg qEa gm mμμ⋅-==-=-，A的加速度：11122024A E q mgqE a g m mμμ⋅-⋅==-= 即B 做匀减速运动，A 做匀速运动；A 第二次与B 碰前的速度大小为12m/s 3v =；（3）B 做减速运动直到停止的位移：221216m 23B v x a ==AB 第二次碰撞时：1122222mv mv mv =+2221122211122222mv mv mv ⋅=⋅+ 解得：12112m/s 39v v == ，2212488m/s=m/s 393v v ==B 再次停止时的位移2222416m 23B v x a == 同理可得，第三次碰撞时，12132322mv mv mv =+22212132311122222mv mv mv ⋅=⋅+ 可得131212m/s 327v v ==，23123488m/s m/s 3273v v === B 第3次停止时的位移2223616m 23B v x a == 同理推理可得，第n 次碰撞，碰撞AB 的速度分别为：11n-112m/s 33n n v v ==（)，2n 1n-1)48m/s 33nv v ==（ B 第n 次停止时的位移:22n 216m 23n n B v x a ==则A 、B 停止运动时，B 的总位移12324622++16161616m m+m+m 33331=2(1-)m3nn n x x x x x =+⋅⋅⋅+=+⋅⋅⋅+当n 取无穷大时， A 、B 停止运动时，B 的总位移2m x =．8．如图所示，BCD 为固定在竖直平面内的半径为r=10m 的圆弧形光滑绝缘轨道，O 为圆心，OC 竖直，OD 水平，OB 与OC 间夹角为53°，整个空间分布着范围足够大的竖直向下的匀强电场．从A 点以初速v 0=9m/s 沿AO 方向水平抛出质量m=0．1kg 的小球（小球可视为质点），小球带正电荷q=+0．01C ，小球恰好从B 点沿垂直于OB 的方向进入圆弧轨道．不计空气阻力．求：（1）A 、B 间的水平距离L （2）匀强电场的电场强度E（3）小球过C 点时对轨道的压力的大小F N （4）小球从D 点离开轨道后上升的最大高度H【答案】（1）9m （2）20/E N C =（3） 4.41N F N =（4） 3.375H m = 【解析】【分析】【详解】（1）从A 到B ，0tan 53By By v v v at =︒=，，cos53y r =︒，212y at = 解得1t s =，212/a m s =，09L v t m ==（2）根据牛顿第二定律可得mg qE ma +=，解得20/E N C = （3）从A 到C ，根据动能定理可得2201122c mar mv mv =- 在C 点，2c N v F ma m r-=，解得 4.41N F N =（4）对全过程运用动能定理，2012mv maH =，故 3.375H m = 【点睛】应用动能定理应注意的几个问题（1）明确研究对象和研究过程，找出始末状态的速度．（2）要对物体正确地进行受力分析，明确各力做功的大小及正负情况（待求的功除外）．（3）有些力在物体运动过程中不是始终存在的．若物体运动过程中包括几个阶段，物体在不同阶段内的受力情况不同，在考虑外力做功时需根据情况区分对待9．图中所示的静电机由一个半径为R 、与环境绝缘的开口（朝上）金属球壳形的容器和一个带电液滴产生器G 组成。

高三物理上学期第一次模拟试题(含答案解析)

静宁一中高三级第一次模拟考试（卷）物理一、选择题（1-6小题为单选题,每题4分；7—12小题题为多选题，全对得4分，对而不全得2分，共48分）1．关于自由落体运动（g＝10 m/s2），下列说法不正确的是（）A 它是竖直向下，v0=0、a=g的匀加速直线运动B在开始连续三个2秒内通过的位移之比是1 ：3：5C在开始连续的三个2秒末的速度大小之比是1：2：3D从开始运动到距下落点4m，8m，12m所经历的时间内的平均速度的比为1：2：32．如图所示，A、B为同一水平线上的两个固定绕绳装置，转动A、B，使光滑挂钩下的重物C缓慢竖直上升，关于此过程中绳上拉力大小的变化，下列说法正确的是( )A．不变B．逐渐减小C．逐渐增大D．先减小，后增大3．如图所示，一条细绳跨过定滑轮连接物体A、B，A悬挂起来，B穿在一根竖直杆上，两物体均保持静止，不计绳与滑轮、B与竖直杆间的摩擦，已知绳与竖直杆间的夹角为θ，则物体A、B的质量之比mA∶mB等于( )A．cosθ∶1B．1∶cosθC．tanθ∶1D．1∶sinθ4．如图所示，粗糙的水平面上放有一个截面为半圆的柱状物体A，A与竖直挡板间放有一光滑圆球B，整个装置处于静止状态．现将挡板水平向右缓慢平移，A始终保持静止．则在B着地前的过程中（）A．地面对A的摩擦力增大B．挡板对B的弹力减小C．A对B的弹力减小D．地面对A的弹力增大5．做匀加速直线运动的质点在第一个2s内的平均速度比在第一个6s内的平均速度小4m/s，则质点的加速度大小为( )A．1m/s2 B．2m/s2C．3m/s2 D．4m/s26．如图所示，穿在一根光滑固定杆上的小球A 、B 通过一条跨过定滑轮的细绳连接，杆与水平面成θ角，不计所有摩擦，当两球静止时，OA 绳与杆的夹角为θ，OB 绳沿竖直方向，则下列说法正确的是( ) A ．A 可能受到2个力的作用 B ．B 可能受到3个力的作用 C ．绳子对A 的拉力大于对B 的拉力 D ．A 、B 的质量之比为1∶tan θ7．据中新社北京9月15日电，中国军队2016年将举行近40场军事演习，以提高信息化条件下威慑和实战能力。

2017-2018学年甘肃省平凉市静宁一中高三(上)月考物理试卷(三) Word版含解析

2017-2018学年甘肃省平凉市静宁一中高三（上）月考物理试卷（三）二、选择题：本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中.第1～5题只有一项符合题目要求，第6～8题有多项符合题目要求.全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．人造地球卫星离地面的高度等于地球半径R，卫星以速度v沿圆轨道运动，设地面的重力加速度为g，则有（）A．v=B．v=C．v= D．v=2考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．专题：人造卫星问题．分析：人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动，根据人造卫星的万有引力等于向心力，列式求出线速度、角速度、周期和向心力的表达式，再结合地球表面重力加速度的公式进行讨论即可．解答：解：人造卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，设卫星的质量为m、轨道半径为r、地球质量为M，有F=F向F=F向=因而①在地球的表面：②联立①②解得故选：A点评：本题关键根据人造卫星的万有引力等于向心力，以及地球表面重力等于万有引力列两个方程求解．2．如图所示，挡板垂直于斜面固定在斜面上，一滑块m放在斜面上，其上表面呈弧形且左端最薄，一球M搁在挡板与弧形滑块上，一切摩擦均不计，用平行于斜面的拉力F拉住弧形滑块，使球与滑块均静止，现将滑块平行于斜面向上拉过一较小的距离，球仍搁在挡板与滑块上且仍处于静止状态，则与原来相比（）A．木板对球的弹力增大B．滑块对球的弹力增大C．斜面对滑块的弹力不变D．拉力F减小考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：隔离对球分析，抓住重力大小方向不变，挡板的弹力方向不变，根据合力为零判断出木板、滑块对球弹力的变化．对球和滑块整体分析，抓住合力为零，判断斜面对滑块弹力以及拉力的变化．解答：解：A、B、对球受力分析，球受到重力、支持力和挡板的弹力，如图，由于重力的大小和方向都不变，挡板的弹力方向不变．根据作图法知，斜面的支持力方向在变化，支持力和挡板的弹力合力不变，等于重力，从图中可知，木板对球的弹力在减小，滑块对球的弹力在减小．故A、B错误．C、D、对滑块和球整体进行受力分析，整体受重力、支持力、挡板的弹力及拉力，各力的方向不变，由于挡板对小球的弹力在减小，则拉力F增大，在垂直斜面方向上，斜面对滑块的弹力不变．故C正确，D错误．故选：C．点评：本题属于力学的动态分析，关键是抓住不变量，通过作图法判断力的变化．以及掌握整体法和隔离法的运用．3．如图所示，长为L的轻杆一端固定质量为m的小球，另一端固定转轴O，现使小球在竖直平面内做圆周运动．P为圆周轨道的最高点．若小球通过圆周轨道最低点时的速度大小为，则以下判断正确的是（）A．小球不能到达P点B．小球到达P点时的速度小于C．小球能到达P点，但在P点不会受到轻杆的弹力D．小球能到达P点，且在P点受到轻杆向上的弹力考点：向心力．专题：匀速圆周运动专题．分析：根据动能定理求出小球在P点的速度，小球在P点的临界速度为零，根据牛顿第二定律求出在最高点杆子的作用力表现为什么力．解答：解：AB、根据动能定理得，﹣mg•2L=mv p2﹣mv2，又v=，解得v p=．小球在最高点的临界速度为零，所以小球能到达最高点．故A错误，B正确．CD、设杆子在最高点表现为支持力，则mg﹣F=m，解得F=mg．故杆子表现为支持力．故D正确，C错误．故选：BD．点评：本题综合考查了动能定理以及牛顿第二定律，关键搞清向心力的来源，运用牛顿定律进行求解．4．如图所示为大型电子地磅电路图，电源电动势为E，内阻不计．不称物体时，滑片P到A 端，滑动变阻器接入电路的有效电阻最大，电流较小；称重物时，在压力作用下使滑片P下滑，滑动变阻器有效电阻变小，电流变大，这样把电流对应的重量值刻在刻度盘上，就可以读出被称物体的重量值，若滑动变阻器上A、B间距离为L，最大阻值等于电阻阻值R0，已知两只弹簧的总弹力与形变量成正比，其比例系为k，所称重物的重量G与电流大小I的关系为（）A．G=2kL+B． G=2kL﹣C．G=+kL D． G=kIL考点：闭合电路的欧姆定律；胡克定律；电阻定律；传感器在生产、生活中的应用．专题：恒定电流专题．分析：由胡克定律可求得弹簧的形变量，由电阻定律可求得滑动变阻器接入电阻；而滑动变阻器与R0串联，由闭合电路欧姆定律可求得电路中的电流．解答：解：由胡克定律可知，Kx=G；得：x=此时滑动变阻器接入电阻R′=R0=R0；由闭合电路欧姆定律可知：I=解得：G=；故选B．点评：本题综合考查闭合电路欧姆定律及胡克定律等有关内容，综合性较强；要注意寻找题目中的隐含条件，建立各知识点间的联系．5．如图所示电路中，A、B两灯均正常发光，R为一滑动变阻器，P为滑动片，若将滑动片向下滑动，则（）A．A灯变亮B． B灯变亮C．R1上消耗功率变小 D．流过R的电流变大考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：将滑动片向下滑动时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律分析总电流和路端电压的变化，再分析R1上消耗功率的变化．根据总电流的变化分析并联部分电压的变化，判断B灯亮度的变化．解答：解：将滑动片向下滑动时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律得知，总电流I增大，则R1上消耗功率变大．路端电压U=E﹣Ir，I增大，U减小，则A灯变暗．B灯与变阻器并联的电压U并=E﹣I（R1+r），I增大，则U并减小，所以B灯变暗．故ABC错误；因路端电压U减小，而R1中电流增大，故其两端电压增大；由串联电路规律可知，并联部分的电压减小，则B灯泡的电流减小；R中电流增大；故D正确；故选：D．点评：对于电路中动态变化分析问题，一般先确定局部电阻的变化，再确定总电阻的变化，到总电流、总电压的变化，再回到局部电路研究电压、电流的变化．6．在电场方向水平向右的匀强电场中，一带电小球从A点竖直向上抛出，其运动的轨迹如图所示，小球运动的轨迹上A、B两点在同一水平线上，M为轨迹的最高点，小球抛出时的动能为8J，在M点的动能为6J，不计空气的阻力．则（）A．小球水平位移x1与x2的比值1：3B．小球水平位移x1与x2的比值1：4C．小球落到B点时的动能为32JD．小球从A点运动到B点的过程中最小动能为6J考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系．专题：电场力与电势的性质专题．分析：小球水平分运动为匀加速直线运动，竖直分运动为匀变速直线运动，上升和下降时间相等，可以求出S1与S2的比值，对水平方向分运动和竖直方向分运动分别运用动能定理，然后求出各个特殊点的动能！解答：解：将小球的运动沿水平和竖直方向正交分解，水平分运动为初速度为零的匀加速直线运动，竖直分运动为匀变速直线运动，A、对于初速度为零的匀加速直线运动，在连续相等的时间间隔内位移之比为1：3，故A正确；B错误；C、设物体在B动能为E kB，水平分速度为V Bx，竖直分速度为V By．由竖直方向运动对称性知mV By2=8J对于水平分运动运用动能定理Fx1=mV Mx2﹣mV AX2F（s1+s2）=mV Bx2﹣mV AX2s1：s2=1：3解得：Fs1=6J；F（s1+s2）=24J故E kB=m（V By2+V Bx2）=32J 因而C正确；D、由于合运动与分运动具有等时性，设小球所受的电场力为F，重力为G，则有：Fx1=6J，•t2=6JGh=8J，••t2=8J所以：=由右图可得：tanθ=得：sinθ=则小球从A运动到B的过程中速度最小时速度一定与等效G’垂直，即图中的P点，故E Kmin=mv min2=m（v0sinθ）2=J，故D错误．故选：AC．点评：本题关键将合运动分解为水平方向的匀加速直线运动和竖直方向的匀变速直线运动，然后对水平分运动运用动能定律求解！7．如图所示，质量为m的滑块在水平面上向左撞向弹簧，当滑块将弹簧压缩了x0时速度减小到零，然后弹簧又将滑块向右推开．已知弹簧的劲度系数为k，滑块与水平面间的动摩擦因数为μ，整个过程弹簧未超过弹性限度，则（）A．滑块向左运动过程中，始终做匀减速运动B．滑块向右运动过程中，始终做加速运动C．滑块与弹簧接触过程中最大加速度为D．滑块向右运动过程中，当弹簧形变量x=时，物体的加速度为零考点：牛顿第二定律；胡克定律．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：该题的关键是对物体进行正确的过程分析和各过程中物体的受力分析，再结合牛顿运动定律分析物体的运动情况．在进行受力分析时，要注意分析弹簧弹力的变化．解答：解：A、滑块向左接触弹簧的运动过程中，在水平方向上受到向右的弹簧的弹力和向右的摩擦力，在此过程中弹簧的弹力时逐渐增大的，弹力和摩擦力的合力与运动方向始终相反，物体做减速运动，但不是匀减速，所以选项A错误．B、滑块向右接触弹簧的运动是从弹簧压缩量最大时开始的，此时受到水平向右的弹力和向左的摩擦力，开始时弹簧的弹力大于摩擦力，但当弹簧伸长到一定程度，弹力和摩擦力大小相等，此后摩擦力大于弹力．所以滑块向右接触弹簧的运动过程中，是先加速，后减速．B选项错误．C、由对A的分析可知，当弹簧的压缩量为x0时，水平方向的合力为F=kx0+μmg，此时合力最大，由牛顿第二定律有a max=，所以选项C正确．D、在滑块向右接触弹簧的运动中，当弹簧的形变量为x=时，由胡克定律可得f=kx=μmg，此时弹力和摩擦力大小相等，方向相反，在水平方向上合外力为零，加速度为零．选项D正确．故选：CD．点评：解决此类问题，要正确的分析物体运动的过程及物体的受力情况，并会确定运动过程中的临界点和分析在临界点上的受力，当物体接触弹簧向右运动的过程中，开始是加速运动的，当弹力和摩擦力相等时，加速度为零，之后摩擦力要大于弹力，物体开始做减速运动．弹力和摩擦力相等时即为一个临界点．8．（6分）如图所示，相互垂直的固定绝缘光滑挡板PO、QO，PO竖直放置，QO水平放置．a、b为两个带有同种电性的小球（可以近似看成点电荷），当用水平向左作用力F作用于b时，a、b紧靠挡板处于静止状态．现若稍改变F的大小，使b稍向左移动一小段距离，则当a、b重新处于静止状态后（）A．a、b间电场力增大 B．作用力F将减小C．a的重力势能增加D．系统的电势能将增加考点：库仑定律；电势能．分析：以a球为研究对象，分析受力情况，根据平衡条件分析a、b间电场力和挡板对小球的弹力如何变化，由库仑定律分析两间距离的变化情况，根据电场力做功正负判断系统电势能的变化．对整体研究，分析作用力F如何变化．解答：解：AB、以a球为研究对象，分析受力情况，根据平衡条件得：电场力F电=，α减小，cosα增大，则电场力F电减小．挡板对a的弹力N=mgtanα，α减小，N减小．对整体研究：水平方向：F=N，则作用力F将减小．故A错误、B正确．CD、电场力F电减小，根据库仑定律得知，两球间的距离增大，电场力做正功功，系统的电势能减小，而F做正功，根据功能关系可知，系统重力势能增加．故C正确，D错误．故选：BC．点评：本题是动态平衡问题，关键要灵活选择研究对象，先对a研究，再对b研究，比较简便．三、非选择题9．某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率，需要测量圆柱体的直径和长度．（1）用螺旋测微器测量圆柱体直径如图甲，由图甲可知其直径为 2.712mm；（2）用游标为20分度的卡尺测量长度如图乙，由图乙可知其长度为10.30mm．考点：测定金属的电阻率．专题：实验题．分析：游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．解答：解：螺旋测微器的固定刻度读数为2.5mm，可动刻度读数为21.2×0.01=0.212mm，所以最终读数为2.712mm．游标卡尺的主尺读数为10mm，游标读数为0.05×6=0.30mm，所以最终读数为10.30mm．故本题答案为：（1）2.712；（2）10.30点评：解决本题的关键掌握游标卡尺和螺旋测微器的读数方法，游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．10．测量电阻器的电阻时，有下列器材可供选择A．待测电阻器（阻值约为5Ω）B．电流表A1（量程3mA，内阻r1=10Ω）C．电流表A2（量程0.6A，内阻r2约为1Ω）D．电压表V（量程6V，内阻约3KΩ）E．定值电阻R1=990ΩF．定值电阻R2=9990ΩG．滑线变阻器（最大阻值为4Ω，额定电流为0.5A）H．电源（电动势2V，内阻约为1Ω）I．导线、电键（1）为尽可能多测几组数据设计电路填在图方框中（2）选择的器材有A、B、C、E、G、H、I（3）计算Rx的表达式（用电表的读数和定值电阻的阻值表示）考点：伏安法测电阻．专题：实验题．分析：根据实验原理与实验器材选择实验需要的器材，然后根据选定的实验器材确定各电路元件的连接方向，作出实验电路图；最后根据实验测量的量，应用欧姆定律求出电阻阻值的表达式．解答：解：（1）由于待测电阻器阻值约为5Ω，电源电动势为3V，选用电压表（量程6V，内阻约3KΩ），量程过大，可将电流表A1与定值电阻R1=990Ω串联，改装成电压表，改装后电压表量程为3V，内阻R V=1000Ω．由于，电流表采用外接法，又由于滑线变阻器的最大阻值为3Ω，与待测电阻接近，故变阻器采用分压接法电路图如图所示：（2）由①可知，选择的器材是：A、B、C、E、G、H、I；（3）由图示电路图可知，待测电阻两端电压：U X=I1（R1+r1），通过待测电阻的电流I X=I2﹣I1，待测电阻阻值：R X=；故答案为：（1）电路图如图所示；（2）A、B、C、E、G、H、I；（3）．点评：本小题了考查欧姆表的结构、测量原理，同时还要注意测量误差应如何来分析．在电学实验中，有时可以将电压表作为电流表使用，有时也可以将电流表作为电压表使用，关键是要看使用的条件和可能性．11．甲、乙两车在同一条平直公路上运动，甲车以10m/s的速度匀速行驶，经过车站A时关闭油门以4m/s2的加速度匀减速前进，2s后乙车与甲车同方向以1m/s2的加速度从同一车站A 出发，由静止开始做匀加速运动，问乙车出发后多少时间追上甲车？考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：追及、相遇问题．分析：根据运动学公式判断乙车在追及甲车的过程中，甲车是否停止，若停止，抓住位移关系，通过匀变速直线运动的位移时间公式求出追及的时间．解答：解：甲车运动时间ts后停止：前进的距离：乙车行驶t1=0.5s位移为：故乙车在追上甲车前甲车已停止．则乙车经时间t2追上甲车：，解得：t2=5s．答：乙车出发后5s追上甲车．点评：解决本题的关键理清两车的运动过程，抓住位移关系，运用运动学公式求出追及的时间．12．在足够大的空间中，存在水平向右的匀强电场，若用绝缘细线将质量为m的带正电q的小球悬挂在电场中，其静止时细线与竖直方向夹角θ=37°，现去掉细线，将该小球从电场中的某点竖直向上抛出，抛出时初速度大小为v0，如图所示，（sin37°=0.6cos37°=0.8）求（1）电场强度的大小（2）小球在电场内运动到最高点的速度（3）小球从抛出到达到最小速度的过程中，电场力对小球所做的功．考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；电势差与电场强度的关系．专题：电场力与电势的性质专题．分析：（1）静止时受重力，电场力，绳的拉力三力平衡，由数学关系可得电场力．从而得到电场强度的大小．（2）小球从抛出点至最高点的过程中，由竖直方向的匀减速运动可得运动时间，在由水平方向做匀加速直线运动，可得小球在最高点的速度．（3）将曲线分解成竖直方向与水平方向的两个运动．利用运动学公式可求出小球速率最小值；再运用动能定理，可求出小球从抛出至达到最小速率的过程中，电场力对小球做的功．解答：解：（1）静止时受重力，电场力，绳的拉力三力平衡，可得：qE=mgtan37°则E=（2）小球沿竖直方向做匀减速运动，小球从抛出到最高点的时间t=小球水平运动的加速度为a==g小球到最高点的速度v=at=（3）小球被抛出以后，受到重力和电场力的共同作用，沿重力方向的分运动是匀减速运动，加速度为g，设t时刻的速度为v1；沿电场方向的分运动是初速度为0的匀加速运动，设加速度为a，t时刻的速度为v2，则有v1=v0﹣gt，v2=at和a=g小球t时刻的速度大小为v=由以上各式得出：g2t2﹣2v0gt+（v02﹣v2）=0解得当t=时v的最小值为v min=v0v min的方向与电场力和重力的合力方向垂直，即与电场的方向夹角为37°．小球沿电场方向的位移为s=，电场力做功为W E=qE•s可得W E==0.12答：（1）电场强度的大小是．（2）小球在电场内运动到最高点的速度是．（3）小球从抛出到达到最小速度的过程中，电场力对小球所做的功是0.12．点评：考查了运动的合成与分解研究的方法，并让学生掌握运动学公式、牛顿第二定律、动能定理等规律．同时让学生形成如何处理曲线的方法．如果将速度按照合力方向和垂直合力方向分解，当沿合力方向的速度减为零时其速度达到最小值，也可以解出最小速度．运用速度矢量合成的三角形法则也可求解．13．如图所示，AB为半径R=0.8m的光滑圆弧轨道，下端B恰与小车右端平滑对接．小车质量M=3kg，车长L=2.06m，车上表面距地面的高度h=0.2m．现有一质量m=1kg的滑块，由轨道顶端无初速释放，滑到B端后冲上小车．已知地面光滑，滑块与小车上表面间的动摩擦因数μ=0.3，当车运行了1.5s时，车被地面装置锁定．（g=10m/s2）试求：（1）滑块到达B端时，轨道对它支持力的大小；（2）车被锁定时，车右端距轨道B端的距离；（3）从车开始运动到被锁定的过程中，滑块与车面间由于摩擦而产生的内能大小；（4）滑块落地点离车左端的水平距离．考点：动能定理的应用；匀变速直线运动的速度与时间的关系；牛顿第二定律．专题：动能定理的应用专题．分析：（1）由机械能守恒定律求出滑块到B端的速度，由牛顿第二定律求出支持力．（2）根据牛顿第二定律分别求出滑块和小车的加速度，由运动式求出两者速度相同经过的时间，确定两者的运动情况．再求解车右端距轨道B端的距离．（3）求出滑块相对于小车的位移△x，由内能E=μmg△x求出内能．（4）滑块滑出小车后做平抛运动，求出滑块滑到A端的速度和平抛的时间，求解滑块落地点离车左端的水平距离．解答：解：（1）设滑块到达B端时速度为v，由机械能守恒定律，得mgR=mv2由牛顿第二定律，得F N﹣mg=m联立两式，代入数值解得：F N=3mg=30N．（2）当滑块滑上小车后，由牛顿第二定律，得对滑块有：﹣μmg=ma1对小车有：μmg=Ma2设经时间t两者达到共同速度，则有：v+a1t=a2t解得t=1 s．由于1 s＜1.5 s，此时小车还未被锁定，两者的共同速度：v′=a2t=1 m/s 两者一起匀速运动，直到小车被锁定．故车被锁定时，车右端距轨道B端的距离：x=a2t2+v′t′=1 m．（3）从车开始运动到被锁定的过程中，滑块相对小车滑动的距离△x=t﹣a2t2=2 m故产生的内能：E=μmg△x=6 J．（4）对滑块由动能定理，得﹣μmg（L﹣△x）=mv″2﹣mv′2滑块脱离小车后，在竖直方向有：h=gt″2故滑块落地点离车左端的水平距离：x′=v″t″=0.16 m．答：（1）滑块到达B端时，轨道对它支持力的大小为30N．（2）车被锁定时，车右端距轨道B端的距离为1m．（3）从车开始运动到被锁定的过程中，滑块与车面间由于摩擦而产生的内能大小为6J．（4）滑块落地点离车左端的水平距离为0.16m．点评：本题之处在于分析滑块和小车速度相同所经历的时间，与1.5s进行比较来分析两者的运动情况．求摩擦生热Q=f△x，△x是相对位移．。

甘肃省静宁县第一中学2019届高三物理上学期第一次模拟考试试题(无答案)

静宁一中——学年度高三级第一次模拟试题(卷)物理一、选择题（本题共小题，每小题分，共分。

—题只有一项是符合题目要求的，—题有多项符合题目要求。

）．某同学在“用测定位移和速度”的实验中得到小车的图像如图中实线所示,虚线为末图像的切线,则由图像可知小车．内平均速度大小为．末瞬时速度大小为．做匀速直线运动．做匀加速直线运动．我们学校对升旗手的要求是：国歌响起时开始升旗，当国歌结束时国旗恰好升到旗杆顶端．已知国歌从响起到结束的时间是，红旗上升的高度是．若国旗先向上做匀加速运动，时间持续，然后做匀速运动，最后做匀减速运动，减速时间也为，红旗到达旗杆顶端时的速度恰好为零．则国旗匀加速运动时加速度及国旗匀速运动时的速度，正确的是．＝，＝．＝，＝．＝，＝．＝，＝．如图所示为质点做匀变速曲线运动轨迹的示意图，且质点运动到点时速度方向与加速度方向恰好互相垂直，则质点从点运动到点的过程中，下列说法中正确的是．质点经过点的速率比点的大．质点经过点时的加速度方向与速度方向的夹角小于°．质点经过点时的加速度比点的大．质点从到的过程中加速度方向与速度方向的夹角先增大后减小．如图所示，一只可视为质点的蚂蚁在半球形碗内缓慢从底部爬到处，则下列说法正确的是( ) ．在点蚂蚁受到的合力大于在点受到的合力．在点碗对蚂蚁的作用力大于在点的作用力．在点碗对蚂蚁的摩擦力大于在点的摩擦力．在点碗对蚂蚁的支持力大于在点的支持力．、、三物块的质量分别为,和,作如图所示的连接。

绳子不可伸长,且绳子和滑轮的质量、滑轮的摩擦均可不计。

若随一起沿水平桌面做匀速运动,则可以断定( )．物块与桌面之间有摩擦力,大小为．物块与之间有摩擦力,大小为．桌面对,对,都有摩擦力,两者方向相同,合力为．桌面对,对,都有摩擦力,两者方向相反,合力为．明朝谢肇淛的《五杂组》中记载：“明姑苏虎丘寺庙倾侧，议欲正之，非万缗不可．一游僧见之，曰：无烦也，我能正之．”游僧每天将木楔从塔身倾斜一侧的砖缝间敲进去，经月余扶正了塔身．假设所用的木楔为等腰三角形，木楔的顶角为θ，现在木楔背上加一力，方向如图所示，木楔两侧产生推力，则．若一定，θ大时大．若一定，θ小时大．若θ一定，大时小．若θ一定，小时大．如图所示，在绳下端挂一物体，用力作用于点，使悬线偏离竖直方向的夹角为α，且保持物体平衡。

甘肃省静宁一中2018届高三上学期第一次月考物理试题扫描版缺答案

静宁一中2017——2018学年度高三级第一次模拟试题(卷)
物理
第Ⅰ卷
一．选择题：（本题包括10小题，每小题满分4分，在每小题给出的4个选项中，其中1-6题只有一项符合题意，7-10题有多项符合题意，全部选对得4分，选对但不全得2分，有错选得0分）；
Ⅱ
12.（8分）某物理兴趣小组设计了如图甲所示的实验装置，来探究下
车沿斜面下滑是否做匀变速直线运动。

（1）实验时调整好仪器，开始打点计时的时候，应先，
然后。

（均填“接通电源”或“释放小车”）
（2）测量出了各计数点到打点计时器打下的第一个点的距离x，算出了
各计数点对应的速度υ，以x为横轴，以υ2为纵轴画出了如图所示的
图线。

小车是否做匀变速直线运动？若是匀变速直线运动，加速度的大
小是多少？
答：
13.（10分）如图所示，质量为m1的物体甲通过三段轻绳悬挂，三段轻绳的结点为O，轻绳OB水平且B端与放置在水平面上的质量为m2的物体乙相连，轻绳OA与竖直方向的夹角θ＝37°，物体甲、乙均处于静止状态。

（已知sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，tan37°＝0.75，g取10m/s2，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力）求：
（1）轻绳OA、OB受到的拉力是多大？
（2）物体乙受到的摩擦力是多大？方向如何？
（3）若物体乙的质量m2＝4kg，物体乙与水平面之间的动摩擦
因数为μ＝0.3，则欲使物体乙在水平面上不滑动，物体甲的质
量m1最大不能超过多少？
14.
（15分）15.
16.。

甘肃省庆阳市静宁一中2017-2018学年高一上学期期中物理试卷 Word版含解析

2017-2018学年甘肃省庆阳市静宁一中高一（上）期中物理试卷一、选择题（共45分，其中1--9为单选，10--15为多选，每题3分，其中多选题少选得1分，有选错得0分，全选对得3分）1．下列说法中指平均速度的是（）A．汽车的速度计显示速度为90km/hB．子弹以800m/s的速度从枪口射出C．小球在前3s内的速度是5m/sD．某城区道路汽车限速40km/h2．下列关于力的说法中正确的是（）A．力是物体对物体的作用，所以只有直接接触的物体间才有力的作用B．由有一定距离的磁铁间有相互作用力可知，力可以离开物体而独立存在C．力是使物体发生形变和改变物体运动状态的原因D．力的大小可以用天平测量3．关于物体的重心，下列说法正确的有（）A．有规则几何外形的物体，它的重心就在几何中心B．物体的重心不一定在物体上C．重心位置与物体的质量分布无关D．只有物体的重心处才受到重力作用4．如图所示，在下列表示物体运动规律的图象中，表示物体做匀变速直线运动的是（）A．B．C．D．5．关于运动物体的速度和加速度的关系，以下说法正确的是（）A．物体的加速度为零，速度一定为零B．速度越大，加速度也越大C．速度变化快的物体加速度大D．加速度逐渐减小物体速度将越来越小6．上海到南京的列车速度为180km/h，列车到站后以5m/s2的加速度刹车，则列车刹车12秒内的位移为（）A．250m B．0 C．240m D．100m7．一物体从a点由静止开始做匀加速直线运动，先后经过b点和c点，已知它经过b点时的速度为v，经过c点时的速度为3v，则ab段与bc段的位移之比为（）A．1：9 B．1：8 C．1：5 D．1：38．下面各组数据分别是对作直线运动的物体每隔1s记录下来的速度值（单位：m/s），其中可能为匀变速直线运动的是（）A．5、5、5、5、5、5、5、5 B．24、20、16、12、8、4、0C．3、5、8、12、17、22、28 D．0、0.1、0.3、0.5、0.8、1.09．一辆车由甲地出发，沿平直公路开到乙地刚好停止，其速度图象如图所示，那么0﹣t和t ﹣3t两段时间内，下列说法正确的是（）（1）加速度大小之比为2：1（2）位移大小之比为1：2（3）平均速度大小之比为1：2．A．（1）（2） B．（1）（3） C．（2）（3） D．（1）（2）（3）10．一辆汽车从第一根电线杆由静止开始做匀加速直线运动，测得它从第二根电线杆到第三根电线杆所用的时间为t0，设相邻两根电线杆间的距离均为s，则汽车从第一根电线杆到第三根电线杆时间内的平均速度的大小为（）A．B．C．D．11．关于自由落体运动，下列说法正确的是（）A．物体竖直向下的运动一定是自由落体运动B．加速度等于重力加速度的运动就是自由落体运动C．物体只在重力作用下从静止开始下落的运动叫自由落体运动D．当空气阻力的作用比较小，可以忽略不计时，物体自由下落可视为自由落体运动12．从高处自由释放一粒小石子，经过1s，从同一地点再释放一粒小石子，在落地之前，则对两粒石子，下列说法正确的是（）A．两球间的距离不断减小 B．两球间的距离不断增大C．两球的速度之差保持不变D．两球的速度之差不断增大13．一质点以初速度v0沿x轴正方向运动，已知加速度方向沿x轴正方向，当加速度a的值由零逐渐增大到某一值后再逐渐减小到零的过程中，该质点（）A．速度先增大后减小，直到加速度等于零为止B．速度一直在增大，直到加速度等于零为止C．位移先增大，后减小，直到加速度等于零为止D．位移一直在增大14．甲、乙两物体先后从同一地点出发，沿一条直线运动，它们的v﹣t图象如图所示，由图可知（）A．在t=20s之前，甲比乙运动的快，t=20s之后乙比甲运动快B．t=20s时，乙追上了甲C．甲乙间的最大距离是150mD．由于乙在t=10s时才开始运动，所以t=10s时，甲在乙前面，它们之间距离为乙追上甲前最大15．在某一高度以v0=20m/s的初速度竖直上抛一个小球（不计空气阻力），当小球速度大小为10m/s时，以下判断正确的是（g取10m/s2）（）A．小球在这段时间内的平均速度大小一定为15m/s，方向向上B．小球在这段时间内的平均速度大小一定为5m/s，方向向下C．小球在这段时间内平均速度大小一定为5m/s，方向向下D．小球的位移大小一定是15m二、填空题（每空4分，共16分）16．一质点做匀变速直线运动，在第2s内的平均速度为6m/s，在第4s内的平均速度为10m/s，则该质点的加速度为m/s2．17．某学生用打点计时器研究小车的匀变速直线运动．他将打点计时器接到频率为50Hz的交流电源上，实验时得到一条如图所示的纸带．他在纸带上便于测量的地方选取第一个计时点，在这点下标明A，第六个点下标明B，第十一个点下标明C，第十六个点下标明D，第二十一个点下标明E．测量时发现B点已模糊不清，于是他测得AC长为14.56cm，CD长为11.15cm，DE长为13.73cm，则打C点时小车的瞬时速度大小为m/s，小车运动的加速度大小为m/s2，AB的距离应为cm．（保留3位有效数字）三、计算题（18题9分，19、20、21题各10分）18．某物体做匀加速直线运动，加速度为2m/s2，通过A点时速度为2m/s，通过B点时速度为6m/s，则：（1）A．B之间的距离是多少？（2）物体从A点运动到B点的时间为多长？19．一物体做匀加速直线运动，已知在相邻的各一秒内通过的位移分别为1.2m和3.2m，求物体的加速度a和相邻各一秒始末的瞬时速度v1、v2、v3．20．屋檐上每隔相同的时间间隔滴下一滴水，当第5滴正欲滴下时，第1滴刚好到达地面，而第3滴与第2滴分别位于高为1m的窗户的上、下沿，如图所示，问：（1）此屋檐离地面多高？（2）滴水的时间间隔是多少？（g取10m/s2）21．动物爱好者经过长期观察发现，猎豹从静止开始沿直线奔跑时，经过60m的距离其速度加速到最大为30m/s，以后只能维持这一速度4.0s；羚羊从静止开始沿直线奔跑时，经过50m 的距离其速度加速到最大为25m/s，并能保持这一速度奔跑较长的时间．一次猎豹在距羚羊x 处对羚羊开始发起攻击，羚羊在猎豹发起攻击后1.0s开始奔跑，结果猎豹在减速前追上了羚羊，试求x值的取值范围（假定猎豹和羚羊在加速阶段分别做匀加速直线运动，且均沿同一直线奔跑）．2016-2017学年甘肃省庆阳市静宁一中高一（上）期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（共45分，其中1--9为单选，10--15为多选，每题3分，其中多选题少选得1分，有选错得0分，全选对得3分）1．下列说法中指平均速度的是（）A．汽车的速度计显示速度为90km/hB．子弹以800m/s的速度从枪口射出C．小球在前3s内的速度是5m/sD．某城区道路汽车限速40km/h【考点】平均速度．【分析】首先区别平均速度和瞬时速度，平均速度：物体在一段时间（或一段位移）内位置改变的快慢和方向；瞬时速度：物体在某一时刻（或某一位置）运动的快慢及方向；其次分清时刻和时间的区别；分别排除各选项即可得出答案．【解答】解：A、汽车的速度计是计算轮胎某一时刻的即时转速的，为瞬时速度，故A错；B、子弹以800m/s的速度，从枪口射出．枪口处为单一位置，没有产生位移，所以此速度为瞬时速度，故B错；C、小球在前3s内的速度是5m/s；前3s内指的是一段时间，所以此速度为平均速度，故C正确D、某城区道路汽车限速40km/h，指在此道路上任一位置，任一时刻速度都不能超过40km/h，所以此速度为瞬时速度，故D错；故选C．2．下列关于力的说法中正确的是（）A．力是物体对物体的作用，所以只有直接接触的物体间才有力的作用B．由有一定距离的磁铁间有相互作用力可知，力可以离开物体而独立存在C．力是使物体发生形变和改变物体运动状态的原因D．力的大小可以用天平测量【考点】力的概念及其矢量性．【分析】力是物体对物体的作用，不直接接触的物体间可能有力的作用．力是不可以离开物体而独立存在．力是使物体发生形变和改变物体运动状态的原因．力的大小可以用测力计测量．【解答】解：A、力是物体对物体的作用，有接触力，也有不接触力，比如重力、电场力和磁场力．故A错误．B、磁铁间的相互作用是通过磁场发生的，并不没有离开物体而单独存在的力．故B错误．C、力有两种作用效果：使物体发生形变和改变物体运动状态．故C正确．D、天平是测量物体质量的工具，力的大小要用测力计测量．故D错误．故选C3．关于物体的重心，下列说法正确的有（）A．有规则几何外形的物体，它的重心就在几何中心B．物体的重心不一定在物体上C．重心位置与物体的质量分布无关D．只有物体的重心处才受到重力作用【考点】重心．【分析】重力的作用点是物体的重心，物体的重心位置与物体的质量分布和物体形状有关，质量分布均匀、形状规则的物体重心在其几何中心，物体的重心不一定在物体上．【解答】解：AC、物体的重心位置与物体的质量分布、物体形状均有关，所以有规则几何外形的物体，它的重心不一定在几何中心，还与质量分布有关，故AC错误．B、重心是物体重力的作用点，不一定在物体上，也可能在物体之外，比如均匀圆环的重心在环外，故B正确．D、物体的各部分都受到重力，重心是物体各部分所受重力的等效作用点．故D错误．故选：B4．如图所示，在下列表示物体运动规律的图象中，表示物体做匀变速直线运动的是（）A．B．C．D．【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【分析】位移图象倾斜的直线表示物体做匀速直线运动，速度图象平行t轴的直线表示物体做匀速直线运动．分别分析物体的性质，再进行选择．【解答】解：A、位移不随时间而变化，说明物体处于静止状态．故A错误．B、位移随时间均匀增加，说明物体做匀速运动，故B错误．C、在速度时间图象中速度不随时间变化，表示物体做匀速直线运动，故C错误D、在速度时间图象中速度随时间均匀增加，故做加速运动，故D正确故选D5．关于运动物体的速度和加速度的关系，以下说法正确的是（）A．物体的加速度为零，速度一定为零B．速度越大，加速度也越大C．速度变化快的物体加速度大D．加速度逐渐减小物体速度将越来越小【考点】加速度．【分析】运动物体的速度和加速度没有直接关系，物体的加速度为零，速度不一定为零．速度变化快的物体加速度大．加速度逐渐减小物体速度也可能越来越小．【解答】解：A、物体的加速度为零，速度不一定为零．比如匀速直线运动的物体，加速度为零，速度不为零．故A错误．B、速度越大，加速度不一定越大，两者没有直接的关系．故B错误．C、速度变化快的物体，根据加速度的定义式a=可知加速度也一定越大．故C正确．D、加速度逐渐减小时，物体速度变化越来越慢，但速度不一定越来越小．故D错误．故选C6．上海到南京的列车速度为180km/h，列车到站后以5m/s2的加速度刹车，则列车刹车12秒内的位移为（）A．250m B．0 C．240m D．100m【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】将速度单位换算成国际单位，先判断停止所用时间，再计算位移【解答】解：v=180km/h=50m/s列车从减速到停止的时间为t=故12s内的位移应为：x=m=250m故选A7．一物体从a点由静止开始做匀加速直线运动，先后经过b点和c点，已知它经过b点时的速度为v，经过c点时的速度为3v，则ab段与bc段的位移之比为（）A．1：9 B．1：8 C．1：5 D．1：3【考点】匀变速直线运动规律的综合运用；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】根据匀变速直线运动的速度位移公式分别求出两段位移，从而得出ab段和bc段的位移之比．【解答】解：根据匀变速直线运动的速度位移公式得，ab段的位移，bc段的位移，则x ab：x bc=1：8．故B正确，A、C、D错误．故选：B．8．下面各组数据分别是对作直线运动的物体每隔1s记录下来的速度值（单位：m/s），其中可能为匀变速直线运动的是（）A．5、5、5、5、5、5、5、5 B．24、20、16、12、8、4、0C．3、5、8、12、17、22、28 D．0、0.1、0.3、0.5、0.8、1.0【考点】匀变速直线运动的公式．【分析】匀变速直线运动的特点是加速度不变，速度均匀变化，根据这个特点分析即可．【解答】解：A、这个物体的速度不变，说明做匀速直线运动，故A错误．B、由数据看出，每1秒钟时间内速度减小都是4m/s，速度均匀减小，物体做匀减速直线运动，故B正确．C、由数据看出，每1秒钟时间内速度的变化不等，物体做变加速运动，故C错误．D、由数据看出，每1秒钟时间内速度的增加都是0.2m/s，速度均匀增加，物体做匀加速直线运动，故D正确．故选：BD9．一辆车由甲地出发，沿平直公路开到乙地刚好停止，其速度图象如图所示，那么0﹣t和t ﹣3t两段时间内，下列说法正确的是（）（1）加速度大小之比为2：1（2）位移大小之比为1：2（3）平均速度大小之比为1：2．A．（1）（2） B．（1）（3） C．（2）（3） D．（1）（2）（3）【考点】匀变速直线运动的图像．【分析】根据速度时间图象的斜率等于加速度，求出加速度之比．由“面积”等于位移，分析位移关系．由平均速度=知平均速度比．【解答】解：（1）设最大速度为v，根据速度时间图象的斜率等于加速度知：0﹣t时间内物体的加速度大小为：a1=t﹣3t时间内物体的加速度大小为：a2=则a1：a2=2：1（2）由“面积”等于位移知：0﹣t时间内物体的位移为：x1=，t﹣3t时间内物体的位移为：x2=v•2t=vt．则有：x1：x2=1：2（3）由平均速度=知平均速度0﹣t时间内物体的平均速度为：==，t﹣3t时间内物体的平均速度为：==．则平均速度大小之比为1：1；故（1）（2）正确．故选：A10．一辆汽车从第一根电线杆由静止开始做匀加速直线运动，测得它从第二根电线杆到第三根电线杆所用的时间为t0，设相邻两根电线杆间的距离均为s，则汽车从第一根电线杆到第三根电线杆时间内的平均速度的大小为（）A．B．C．D．【考点】匀变速直线运动规律的综合运用；平均速度．【分析】由初速度等于0的匀加速直线运动的推理：开始的相等位移上，使用的时间之比为：即可求出时间，再由平均速度的公式即可求出．【解答】解：设从静止开始运动到汽车到达第二根电线杆的时间为t1，汽车从开始到达第三个电线杆的时间为t，则：则：所以总时间：t=t1+t0=（）t0所以平均速度：．故D正确，ABC错误．故选：D11．关于自由落体运动，下列说法正确的是（）A．物体竖直向下的运动一定是自由落体运动B．加速度等于重力加速度的运动就是自由落体运动C．物体只在重力作用下从静止开始下落的运动叫自由落体运动D．当空气阻力的作用比较小，可以忽略不计时，物体自由下落可视为自由落体运动【考点】自由落体运动．【分析】常规物体只在重力的作用下，初速度为零的运动，叫做自由落体运动．自由落体运动是一种理想状态下的物理模型；自由落体运动的特点体现在“自由”二字上，其含意为：（1）物体开始下落时是静止的，即初速度V=0．如果物体的初速度不为0，就算是竖直下落，也不能算是自由落体；（2）物体下落过程中，除受重力作用外，不再受其他任何外界的作用力（包括空气阻力）或外力的合力为0；（3）任何物体在相同高度做自由落体运动时，下落时间相同．【解答】解：A、常规物体只在重力的作用下，初速度为零的运动，叫做自由落体运动，故A 错误；B、自由落体运动是初速度为零，加速度为g的竖直向下的匀加速直线运动，故B错误；C、自由落体运动是初速度为零，加速度为g的竖直向下的匀加速直线运动，故C正确；D、自由落体运动是一种理想状态下的物理模型，当空气阻力的作用比较小，可以忽略不计时，物体的自由下落可看成自由落体运动，故D正确；故选：CD12．从高处自由释放一粒小石子，经过1s，从同一地点再释放一粒小石子，在落地之前，则对两粒石子，下列说法正确的是（）A．两球间的距离不断减小 B．两球间的距离不断增大C．两球的速度之差保持不变D．两球的速度之差不断增大【考点】自由落体运动．【分析】从某高处释放一粒小石子，小石子做自由落体运动，根据位移时间公式求解位移差即可【解答】解：A、设落地前第一个小石子运动的时间为ts，则第二个小石子运动的时间为（t ﹣1）s，根据位移时间公式得：h1=gt2h2=g（t﹣1）2△h=h1﹣h2=gt﹣g=10t﹣5所以随着时间的增大，两粒石子间的距离将增大．故A错误，B正确C、根据速度公式：v=gt得：△v=v2﹣v1=gt﹣g（t﹣1）=g速度之差保持不变，故C正确，D 错误．故选：BC13．一质点以初速度v0沿x轴正方向运动，已知加速度方向沿x轴正方向，当加速度a的值由零逐渐增大到某一值后再逐渐减小到零的过程中，该质点（）A．速度先增大后减小，直到加速度等于零为止B．速度一直在增大，直到加速度等于零为止C．位移先增大，后减小，直到加速度等于零为止D．位移一直在增大【考点】匀变速直线运动的公式；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【分析】知道加速度是描述速度变化快慢的物理量，判断物体速度增加还是减小是看物体的速度方向与加速度方向关系．判读位移大小的变化是看初位置与某位置的距离．【解答】解：A、B、由题意知：加速度的方向始终与速度方向相同，加速度a的值由零逐渐增大到某一值后再逐渐减小到0的过程中，由于加速度的方向始终与速度方向相同，所以速度逐渐增大．故A错误，B正确．C、D、由于质点做方向不变的直线运动，所以位移位移逐渐增大，加速度等于零时做匀速运动，位移仍然增大，故C错误，D正确．故选：BD14．甲、乙两物体先后从同一地点出发，沿一条直线运动，它们的v﹣t图象如图所示，由图可知（）A．在t=20s之前，甲比乙运动的快，t=20s之后乙比甲运动快B．t=20s时，乙追上了甲C．甲乙间的最大距离是150mD．由于乙在t=10s时才开始运动，所以t=10s时，甲在乙前面，它们之间距离为乙追上甲前最大【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【分析】速度时间图象反映物体速度随时间的变化情况，可直接读出速度的大小；速度图象的“面积”大小等于物体通过的位移大小，根据位移关系即可分析乙何时追上甲；根据速度的大小关系，判断两者距离的变化．【解答】解：ABC、在0﹣20s内，甲的速度大于乙的速度，甲比乙运动得快，两者距离逐渐增大；t=20s后，乙的速度大于甲的速度，乙比甲运动得快，两者距离逐渐减小，在t=20s时刻两者距离最大，且最大距离为S=10×20﹣=100m，故A正确，B、C错误．D、乙在t=10s时才开始运动，所以t=10s时，甲在乙前面，t=20s时两者间距最大，故D错误．故选：A15．在某一高度以v0=20m/s的初速度竖直上抛一个小球（不计空气阻力），当小球速度大小为10m/s时，以下判断正确的是（g取10m/s2）（）A．小球在这段时间内的平均速度大小一定为15m/s，方向向上B．小球在这段时间内的平均速度大小一定为5m/s，方向向下C．小球在这段时间内平均速度大小一定为5m/s，方向向下D．小球的位移大小一定是15m【考点】匀变速直线运动规律的综合运用；平均速度．【分析】以v0=20m/s竖直上抛，加速度为重力加速度g，小球做匀变速运动．当小球速度大小为10m/s时，需要考虑其运动方向，然后根据公式求出其平均速度．【解答】解：A、设初速度竖直向上为正方向，末速度方向向下时，根据公式求出平均速度为5m/s，方向竖直向上，故A错误；B、设初速度竖直向上为正方向，末速度方向向上时，根据公式求出平均速度为15m/s，方向竖直向上，故B错误；C、设初速度竖直向上为正方向，平均速度大小可能为5m/s也可能是15m/s，且方向竖直向上，故C错误；D、设初速度竖直向上为正方向，根据公式2as=v t2﹣v02得，s=15m，故D正确．故选：D二、填空题（每空4分，共16分）16．一质点做匀变速直线运动，在第2s内的平均速度为6m/s，在第4s内的平均速度为10m/s，则该质点的加速度为2m/s2．【考点】匀变速直线运动的公式．【分析】匀加速直线运动平均速度等于中点时刻的速度，根据速度时间公式求出加速度．【解答】解：匀加速直线运动平均速度等于中点时刻的速度，所以v1.5=6m/s，v3.5=10m/s所以a===2m/s2故答案为：2．17．某学生用打点计时器研究小车的匀变速直线运动．他将打点计时器接到频率为50Hz的交流电源上，实验时得到一条如图所示的纸带．他在纸带上便于测量的地方选取第一个计时点，在这点下标明A，第六个点下标明B，第十一个点下标明C，第十六个点下标明D，第二十一个点下标明E．测量时发现B点已模糊不清，于是他测得AC长为14.56cm，CD长为11.15cm，DE长为13.73cm，则打C点时小车的瞬时速度大小为0.986m/s，小车运动的加速度大小为 2.58m/s2，AB的距离应为 5.99cm．（保留3位有效数字）【考点】测定匀变速直线运动的加速度．【分析】根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上C点时小车的瞬时速度大小．【解答】解：在这个点下标明A，第六个点下标明B，第十一个点下标明C，第十六个点下标明D，第二十一个点下标明E；可以看出相邻的计数点间的时间间隔为T=0.1s，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上C点时小车的瞬时速度大小：v C===0.986m/s设A到B之间的距离为x1，设B到C之间的距离为x2，设C到D之间的距离为x3，设D到E之间的距离为x4，根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，得：x3﹣x1=2a1T2x4﹣x2=2a2T2为了更加准确的求解加速度，我们对两个加速度取平均值，得：a=（a1+a2）即小车运动的加速度计算表达式为：a==m/s2=2.58m/s2根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2，有：x2﹣x1=x4﹣x3解得：x1=5.99cm小车是加速，故加速度与速度同向，向右，即由B指向A；故答案为：0.986，2.58，5.99．三、计算题（18题9分，19、20、21题各10分）18．某物体做匀加速直线运动，加速度为2m/s2，通过A点时速度为2m/s，通过B点时速度为6m/s，则：（1）A．B之间的距离是多少？（2）物体从A点运动到B点的时间为多长？【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】根据匀变速直线运动的速度位移公式求出A、B之间的距离，结合速度时间公式求出物体从A点到B点的时间．【解答】解：（1）根据匀变速直线运动的速度位移公式得：解得：x=．（2）物体从A点运动到B点的时间为：t=．答：（1）A、B之间的距离是8m．（2）物体从A点运动到B点的时间为2s．19．一物体做匀加速直线运动，已知在相邻的各一秒内通过的位移分别为1.2m和3.2m，求物体的加速度a和相邻各一秒始末的瞬时速度v1、v2、v3．【考点】匀变速直线运动规律的综合运用；速度．【分析】根据连续相等时间内的位移之差是一恒量求出加速度，根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出中间时刻的速度，结合速度时间公式求出各点的速度．【解答】解：根据得，物体的加速度a=，根据平均速度推论知，，则v1=v2﹣aT=2.2﹣2×1m/s=0.2m/s，v3=v2+aT=2.2+2×1m/s=4.2m/s．答：物体的加速度为2m/s2，相邻各一秒始末的瞬时速度v1、v2、v3分别为0.2m/s、2.2m/s、4.2m/s．20．屋檐上每隔相同的时间间隔滴下一滴水，当第5滴正欲滴下时，第1滴刚好到达地面，而第3滴与第2滴分别位于高为1m的窗户的上、下沿，如图所示，问：（1）此屋檐离地面多高？（2）滴水的时间间隔是多少？（g取10m/s2）【考点】自由落体运动．【分析】设滴水的时间间隔为T，抓住第3滴与第2滴分别位于高为1m的窗户的上、下沿，根据位移时间公式求出相等的时间间隔，结合雨滴下落到地面的运动时间求出屋檐离地面的高度．【解答】解：设滴水的时间间隔为T，房檐离地高h，由题意知前3T内位移为：，。

甘肃省静宁县高三第一次模拟考试物理试题

学必求其心得，业必贵于专精v 03002016年静宁县第一次高考模拟试卷理科综合-—物理部分14．如图所示，以9。

8m/s 的水平速度v 0抛出的物体，飞行一段时间后，垂直地撞在倾角为300的斜面上，则物体完成这段运动的飞行时间是A ．s 33B ．s 332C ．3D ． 2s15．同步卫星轨道半径为r ,运行速率为v 1,加速度为a 1；地球赤道上的物体随地球自转的向心加速度为a 2，线速度为v 2；地球半径为R 。

则下列关系式正确的是A ．21a a =Rr B ．21a a =（rR ）2 C ．21v v =rRD ．21v v =r R16．将带正电、负电和不带电的三个等质量小球，分别以相同的水平速度由P 点射入水平放置的平行金属板间，已知上板带负电，下板接地．三小球分别落在图中A 、B 、C 三点，则下列说法中错误的是A ．A 带正电、B 不带电、C 带负电B ．三小球在电场中加速度大小关系是a A ＜a B ＜aC C ．三小球在电场中运动时间相等D ．三小球到达下板时的动能关系是E k C ＞E k B ＞E k A17．在如图所示的电路中，R 1、R 2、R 3和R 4皆为定值电阻，R 5为可座号变电阻，电源的电动势为ε，内阻为r 。

设电流表A 的读数为I ，电压表V 的读数为U 。

当R 5的滑动触点向图中a 端移动时 A ． I 变小，U 变大 B ．I 变小,U 变小 C ． I 变大，U 变小 D ．I 变大，U 变大18．一质量为2kg 的物体沿光滑的斜面做直线运动，图中的两条直线分别表示物体受平行于斜面方向的拉力和不受拉力的t υ-图象（210m/s g =)则下列说法中正确的是A ．拉力大小为10N,方向沿斜面向下B ．拉力大小为10N ，方向沿斜面向上C ．拉力大小为30N ，方向沿斜面向上D ．拉力大小为30N ，方向沿斜面向下19．下列关于物理学发展史的说法中正确的是A ．伽利略通过大量实验，发现只要斜面的倾角一定，不同质量的小球从不同高度开始滚动，小球的加速度都是相同的B ．奥斯特为了解释磁体产生的磁场提出了分子电流假说C ．楞次在对理论基础和实验资料进行严格分析后，提出了电磁感应定律D ．美国物理学家密立根经过多次实验，比较准确地测定了电子的电荷量20．悬崖跳水是一项极具挑战性的极限运动,需要运动员具有非凡的胆量和过硬的技术。

甘肃省静宁县2017-2018学年高三第一次模拟考试理科综合试题 Word版含答案

2017-2018学年静宁县第一次高考模拟试卷理科综合注意事项：1．本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，考试时间150分钟，总分300分。

答案写在答题卡上，交卷时只交三科答题卡。

2．可能用到的相对原子质量： H ：1 C ：12 N ：14 O ：16 Na ：23 Mg ：24 Al ：27 P ：31 S ：32 Cl ：35.5 K ：39 Ca ：40 Cu ：64 Zn ：65 Ag ：108 Ba ：137第I 卷（选择题，共21×6=126分,1—18题为单选，19—21为多选）1．下列有关生物的叙述，正确的是A ．霉菌、乳酸菌都是细菌，且都能进行有丝分裂，都遵循孟德尔遗传定律B ．酵母菌、乳酸菌、硝化细菌都不含叶绿素，都是分解者，都能进行需氧呼吸C ．酵母菌、乳酸菌都是异养生物，在内质网上都附着有核糖体D ．乳酸菌、硝化细菌、蓝藻都有细胞壁，都含有DNA 和RNA 2．下列对生物学实验的相关叙述，正确的是A ．成熟的番茄汁含有丰富的果糖和葡萄糖，是还原糖鉴定实验的理想材料B ．调查人群中某种遗传病的发病率时，应选择有遗传病史的家系进行调查统计C ．探索淀粉酶对淀粉和蔗糖的专一性作用时，可用碘液替代斐林试剂进行D ．纸层析法分离叶绿体内的色素，最下面的色素带是叶绿素b3．用32P 标记果蝇一个精原细胞中所有的DNA 分子，然后置于不含32P 的培养液中培养，开始培养后一个细胞核中DNA 数的变化如下图所示。

下列叙述正确的是A ．CD 段与GH 段的细胞中Y 染色体数目一定不同B ．IJ 段细胞中染色体与核DNA 数目之比都是1:2C ．GH 段细胞中含32P 的核DNA 分子占总数的1/2D ．KL 段每个细胞核中含32P 的染色体条数都相等 4．有关基因的说法正确的是①基因突变是新基因产生的途径②基因中脱氧核苷酸的排列顺序代表遗传信息③分离定律和自由组合定律是指不同世代间基因的传递规律 ④基因突变发生在体细胞中，则不能遗传⑤种群中基因频率的改变不一定会导致新物种的形成A ．①②③④B ．①②③⑤C ．①②④⑤D ．①③④⑤ 5．下列说法错误的是A.致癌病毒的致癌机理：将基因组整合到寄主细胞的DNA 上，诱发细胞癌变。

甘肃省静宁县第一中学2017-2018学年高二10月月考物理

静宁一中2018——2018学年度高二级第一次月考试题(卷)物理考试时间100分钟满分100分一、选择题（本题共13小题,1-8为单选题，每小题4分；9-13为多项选择题，每题5分，漏选得2分，错选或不选的得0分。

共57分） 1．关于电场强度E 的说法正确的是（）A ．根据E=F/q 可知，电场中某点的电场强度与电场力F 成正比，与电量q 成反比B ．电场中某点的场强的大小与试探电荷的大小、有无均无关C ．电场中某点的场强方向就是放在该点的电荷所受电场力方向D ．以上说法均不正确2．如图所示各图中，A 、B 两点电场强度相同的是（）3．等量异种点电荷的连线和中垂线如图所示，现将一个带负电的检验电荷先从图中的a 点沿直线移动到b 点，再从b 点沿直线移动到c 点，则检验电荷在此全过程中（）A ．所受电场力的方向变化B ．所受电场力的大小恒定C ．电场力一直做正功D ．电势能先不变后减小4．如图所示，实线表示匀强电场的电场线.一个带正电荷的粒子以某一速度射入匀强电场，只在电场力作用下，运动的轨迹如图中的虚线所示，a 、b 为轨迹上的两点.若a 点电势为фa ，b 点电势为фb ，则 ( )A.场强方向一定向左，且电势фa >фbB.场强方向一定向左，且电势фa <фbC.场强方向一定向右，且电势фa >фbD.场强方向一定向右，且电势фa <фb5．P ,Q 两电荷的电场线分布如图所示，c,d 为电场中的两点.一个离子（不计重力）从a 运动到ｂ的轨迹如图所示，则下列判ABC断不正确的是A. Q 带负电荷B. C 点电势高于d 点电势C. 离子在运动过程中受到P 的排斥D. 离子从a 运动到ｂ，电场力做负功6.如图6为静电除尘机理示意图，废气先经过一个机械过滤装置再进入静电除尘区，带负电的尘埃在电场力的作用下向集尘极迁移并沉积，以达到除尘目的．图中虚线为电场线(方向未标)．不考虑尘埃在迁移过程中的相互作用和电量变化，则( )图6A ．电场线方向由放电极指向集尘极B ．图中A 点电势高于B 点电势C ．尘埃在迁移过程中做匀变速运动D ．尘埃在迁移过程中电势能减小7．如图所示，把A 、B 两个相同的导电小球分别用绝缘细线悬挂于O A 和O B 两点，然后使A 、B 两球带同种电荷，电量分别为Q A 、Q B ，已知两球静止时在同一水平面上，两细线与竖直方向的夹角分别为θ、α，下列说法正确的是( ) A ．若θ>α，则两球的电量Q A >Q B B ．若θ>α，则两球的质量m A >m BC ．若同时剪断两细线，则相同时间内，两球在空中下落的高度必相同D ．若同时剪断两细线，两球在空中运动时，系统机械能守恒8．如图所示，在竖直放置的光滑半圆弧绝缘细管的圆心O 处固定一点电荷，将质量为m ，电荷量为q 的小球从圆弧管的水平直径端点由静止释放，小球沿细管滑到最低点B时，对管壁恰好无压力，则固定于圆心处的点电荷在圆弧中点处的电场强度的大小为( )A.mg qB.2mg qC.3mg qD.4mgq9．两个相同的金属小球，带电量绝对值之比为1∶5，当它们相距r 时的相互作用力为F 1．若把它们互相接触后再放回原处，它们的相互作用力变为F 2，则F 1：F 2可能为（） A ．5∶4 B ．5∶9． C ． 5∶1． D ．5∶8．10.图中虚线为一组间距相等的同心圆，圆心处固定一带正电的点电荷。

甘肃省平凉市静宁县第一中学高一上学期期中考试物理试题无答案

静宁一中2017—2018学年度高一级第一学期期中考试题(卷)物理本试题满分110分,考试时间100分钟，请将答案写在答题卡上一．单项选择题：（本题包括9小题，每小题满分4分，共36分，在每小题给出的4个选项中，只有一项符合题意）；KS5UKS5UKS5U] 1．第26届世界大学生夏季运动会于2011年8月23日在中国深圳胜利闭幕，中国体育代表团获取了75枚金牌、145枚奖牌的优异成绩，名列金牌榜首,在下列比赛项目中，运动员可视为质点的为A．健美操B．花样游泳C．跳水D．田径长跑2．如图所示,一小球在光滑的V形槽中由A点释放，经B点(与B点碰撞所用时间不计)到达与A点等高的C点，设A点的高度为1 m,则全过程中小球通过的路程和位移大小分别为A．错误!错误!m，错误!错误!m B．错误!错误!m，错误!错误!mC．错误!错误!m，错误!错误!m D．错误!错误!m，1 m3．若汽车的加速度方向与初速度方向一致，当加速度减小时，以下说法正确的是A．汽车的速度也减小B．汽车的速度一定在增大C．汽车的速度可能不变D．当加速度减小到零时，汽车静止4．质点做直线运动的位移x与时间t的关系为x＝5t＋t2(各物理量均采用国际单位制单位)，则该质点A．第1 s内的位移是5 m B．前2 s内的平均速度是6 m/sC．任意相邻的1 s内的位移差都是1 m D．任意1 s内的速度增加量都是2 m/s5．把一物体以20 m/s的初速度竖直上抛,重力加速度g取10 m/s2,则3s后物体距离抛出点的距离为A．5m B．20m C．0 D．15m6．如图所示，甲、乙、丙、丁是以时间为横轴的匀变速直线运动的图象，下列说法正确的是A．甲是a－t图象B．乙是x－t图象C．丙是x－t图象D．丁是v－t图象7．一物体做匀加速直线运动,通过一段位移Δx所用的时间为t1，紧接着通过下一段位移Δx所用的时间为t2.则物体运动的加速度为A.错误!B。

甘肃省2017-2018学年高考物理一诊试卷 Word版含解析

甘肃省2017-2018学年高考物理一诊试卷一、选择题：本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中．第1-5题只有一项符合题目要求，第6～8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分-选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．（6分）在物理学的研究及应用过程中涉及诸多的思想方法，如理想化模型法、放大法、极限法、控制变量法、假设法、类比法、比值法等等．以下关于所用思想方法的叙述错误的是（）A．在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法是假设法B．速度的定义式v=，采用的是比值法；当△t非常非常小时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，应用了极限法C．在探究电流、电压和电阻三者之间的关系时，先保持电压不变研究电流与电阻的关系再保持电阻不变研究电流与电压的关系，该实验应用了控制变量法D．如图是三个实验装置，这三个实验中都体现了放大法2．（6分）如图所示，汽车以10m/s的速度匀速驶向十字路口，当行驶至距路口停车线20m 处时，绿灯还有3s熄灭，若从此刻开始计时，该汽车在绿灯熄灭时刚好停在停车线处，则汽车运动的速度v﹣t图象可能是（）A．B．C．D．3．（6分）“太空涂鸦”技术的基本物理模型是：原来在较低圆轨道运行的攻击卫星在从后方接近在较高圆轨道上运行的侦察卫星时，准确计算轨道并向其发射“漆雾”弹，“漆雾”弹在临近侦察卫星时，压爆弹囊，让“漆雾”散开并喷向侦察卫星，喷散后强力吸附在侦察卫星的侦察镜头、太阳能板、电子侦察传感器等关键设备上，使之暂时失效．下列说法正确的是（）A．攻击卫星在原轨道上运行的线速度大于7.9 km/sB．攻击卫星在原轨道上运行的线速度比侦察卫星的线速度小C．攻击卫星完成“太空涂鸦”后应减速才能返回低轨道上D．若攻击卫星周期已知，结合万有引力常量就可计算出地球质量4．（6分）如图所示，一个半球形的碗固定在桌面上，碗口水平，O点为其球心，碗的内表面及碗口光滑．一根细线跨在碗口上，线的两端分别系有质量为m1和m2的小球．当它们处于平衡状态时，质量为m1，的小球与O点的连线跟水平方向的夹角为a=90°．质量为m2的小球位于水平地面上，设此时竖直的细线对m2的拉力大小为T，质量为m2的小球对地面压力大小为N，则（）A．T=m1g B．T=（m2﹣m1）g C．N=（m2﹣m1）g D．N=m2g5．（6分）矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场方向的转轴匀速转动时所产生的正弦交流电的图象如图线a所示，如果只对线圈转速进行调整，则所产生正弦交流电的图象如图线b 所示，以下关于这两个正弦交流电的说法正确的是（）A．在图中t=0时刻穿过线圈的磁通量均为零B．线圈先后两次转速之比为3：2C．图线a表示的交流电压的瞬时值为v=10 sin 5πt（V）D．图线b表示的交流电频率为2Hz6．（6分）内壁光滑的环形凹槽半径为R，固定在竖直平面内，一根长度为R的轻杆，一端固定有质量为m的小球甲，另一端固定有质量为2m的小球乙，将两小球放入凹槽内，小球乙位于凹槽的最低点，如图所示．由静止释放后（）A．下滑过程中甲球减少的机械能总等于乙球增加的机械能B．下滑过程中甲球减少的重力势能总等于乙球增加的重力势能C．杆从左向右滑时，甲球无法下滑到凹槽的最低点D．杆从右向左滑回时，乙球一定能回到凹槽的最低点7．（6分）电荷量相等的两点电荷在空间形成的电场有对称美．如图所示，真空中固定两个等量异种点电荷A、B，AB连线中点为O．在A、B所形成的电场中，以O点为圆心、半径为R的圆面垂直于AB连线，以O为几何中心的边长为2R的正方形平面垂直于圆面且与AB连线共面，圆与正方形的交点分别为e、f，则下列说法正确的是（）A．在a、b、c、d、e、f六点中找不到任何两个点的场强和电势均相同B．将一电荷由e点沿圆弧egf移到f点，电场力始终不做功C．将一电荷由a点移到圆面内任意一点时电势能的变化量相同D．沿线段eOf移动的电荷，它所受电场力是先减小后增大8．（6分）一个闭合回路由两部分组成，如图所示，右侧是电阻为r的圆形导线；置于竖直方向均匀变化的磁场B1中，左侧是光滑的倾角为θ的平行导轨，宽度为d，其电阻不计．磁感应强度为B2的匀强磁场垂直导轨平面向上，且只分布在左侧，一个质量为m、电阻为R 的导体棒此时恰好能静止在导轨上，分析下述判断正确的是（）A．圆形线圈中的磁场B1，可以方向向上均匀增强，也可以方向向下均匀减弱B．导体棒ab受到的安培力大小为mgC．回路中的感应电流为D．圆形导线中的电热功率为三、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第9题一第12题为必考题，每个试题考生都必须作答．第13题～第18题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题（共129分）9．（6分）测量小物块Q与平板P之间的动摩擦因数的实验装置如图所示．AB是半径足够大的较光滑四分之一圆弧轨道，与水平固定放置的P板的上表面BC在B点相切，C点在水平地面的垂直投影为C′．重力加速度大小为g．实验步骤如下：①用天平称出物块Q的质量m；②测量出轨道AB的半径R、BC的长度L和CC′，的长度h；③将物块Q在A点从静止释放，在物块Q落地处标记其落点D；④重复步骤③，共做10次；⑤将10个落地点用一个半径尽量小的圆围住，用米尺测量圆心到C′的距离s．（1）用实验中的测量量（R、s、h、l）表示物块Q与平板P之间的动摩擦因数μ=．（2）实验步骤④⑤的目的是减小实验中的误差．10．（9分）影响物质材料电阻率的因素很多，一般金属材料的电阻率随温度的升高而增大，而某种半导体材料的电阻率则与之相反．某课题研究组在研究某种器件Z的导电规律时，测得其两端电压与通过电流的关系如表所示：U/V 0.00 0.40 0.60 0.80 1.00 1.20 1.50I/A 0.00 0.20 0.45 0.80 1.25 1.80 2.81①根据表中数据，判断器件Z可能属于上述材料（选填“金属”或“半导体”）．②实验所用的器材规格是：电压表（0﹣3V﹣15V，内阻约30kΩ）；电流表（0﹣0.6A﹣3A，内阻约4Ω）；滑动变阻器（变化范围0～10Ω）；电源（3V，内阻约1Ω）；器件Z；开关；导线若干．根据本次实验提供的数据，请用笔画线代替导线在实物图a上连接电路；③根据表中的数据已经在I﹣U坐标中描好点，如图a所示，请连线作图；④某同学根据图中规律猜想I与U的定量关系，用以下方法较为合理的是（填选项前的字母）．A．用I﹣U图象B．用I﹣U2图象C．用I2﹣U图象D．用I﹣U﹣1图象．11．（12分）如图所示，航空母舰上的起飞跑道由长度为l1=1.6×102m的水平跑道和长度为l2=20m的倾斜跑道两部分组成．水平跑道与倾斜跑道末端的高度差h=4.0m．一架质量为m=2.0×104kg的飞机，其喷气发动机的推力大小恒为F=1.2×105N，方向与速度方向相同，在运动过程中飞机受到的平均阻力大小为飞机重力的0.1倍．假设航母处于静止状态，飞机质量视为不变并可看成质点，两跑道间以一小段圆弧轨道平滑连接，取g=10m/s2．（1）求飞机从轨道最左端由静止起在水平跑道上运动的时间；（2）若飞机在倾斜跑道的末端需至少达到100m/s的速度才能正常起飞，试通过计算说明上述条件下飞机能否正常起飞．12．如图，在xOy直角坐标系中，在第三象限有一平行x轴放置的平行板电容器，板间电压U=1.0×102V．现有一质量m=1.0×10﹣12kg，带电量q=2.0×10﹣10C的带正电的粒子（不计重力），从下极板处由静止开始经电场加速后通过上板上的小孔，垂直x轴从A点进入x轴上方的匀强磁场中．磁场方向垂直纸面向外，磁感应强度B=1T．粒子经磁场偏转后又从B 点垂直x轴进入第四象限，第四象限中有平行于x轴负方向的匀强电场E，粒子随后经过y 轴负半轴上的C点，此时速度方向与y轴负半轴成60°角．已知OB=OA．求：（1）粒子在磁场中做匀速圆周运动的周期T和半径r．（2）第四象限中场强E的大小．[物理--选修3-3]（15分）13．（5分）下列说法正确的是（）A．扩散现象和布朗运动都与温度有关，所以扩散现象和布朗运动都是分子的热运动B．气体的温度升高，气体分子的平均动能一定增大C．两分子从无限远处逐渐靠近，直到不能再靠近为止的过程中，分子间相互作用的合力先变大，后变小，再变大D．第二类永动机不可能制成是因为它违反了能量守恒定律E．一定质量的理想气体体积增大时，压强可能不变14．（10分）用传统的打气筒给自行车打气时，不好判断是否已经打足了气．某研究性学习小组的同学们经过思考，解决了这一问题．他们在传统打气筒基础上进行了如下的改装（示意图如图所示）：圆柱形打气筒高H，内部横截面积为S，底部有﹣单向阀门K，厚度不计的活塞上提时外界大气可从活塞四周进入，活塞下压时可将打气筒内气体推入容器B中，B 的容积V B=3HS，向B中打气前A、B中气体初始压强均为p0=1.0×l05 Pa，该组同学设想在打气筒内壁焊接一卡环C（体积不计），C距气筒顶部高度为h=，这样就可以自动控制容器B中的最终压强．若气体温度不变，求：①第一次将活塞从打气筒口压到C处时，容器B中的压强是多少．②要使容器B中的最终压强为5P0，h与H之比应为多少．[物理--选修3-4]（15分）15．关于简谐运动与机械波的下列说法中，正确的是（）A．同一单摆，在月球表面简谐振动的周期大于在地球表面简谐振动的周期B．受迫振动的振幅与驱动力的频率无关C．在同一种介质中，不同频率的声波的传播速度不同D．在横波的传播过程中，质点的振动方向总是与波的传播方向垂直E．当机械波从一种介质传人另一种介质时，它的频率一定不变16．如图所示，为玻璃材料制成的一棱镜的截面图，其中，弧AB为四分之一圆弧，O为圆心，OBCD部分为矩形．一细光束从圆弧AB的中点E点沿半径射入棱镜后，恰好在O点发生全反射，经CD面反射，再从圆弧上的F点射出，已知，OA=a，OD=，真空中的光速为c．求：①出射光线与法线夹角的正弦值；②光在棱镜中传播的时间．[物理一选修3-5]（15分）17．科学家通过a粒子散射实验的结果，提出了原子的核式结构模型；科学家玻尔在此基础上又进行了一系列量子化的假设，从而可以完美地解释氢原子的发光现象．根据玻尔理论，当大批氢原子从n=4能级跃迁到n=1能级时，氢原子最多能发出种频率的光（电磁波）．18．如图所示，质量均为m的小车与木箱紧挨着静止在光滑的水平冰面上，质量为2m的工人站在小车上用力向右迅速推出木箱后，木箱相对于冰面运动的速度大小为v，木箱与右侧竖直墙壁发生弹性碰撞，反弹后被工人接住，求整个过程中工人对木箱做的功．甘肃省2017-2018学年高考物理一诊试卷参考答案与试题解析一、选择题：本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中．第1-5题只有一项符合题目要求，第6～8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分-选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．（6分）在物理学的研究及应用过程中涉及诸多的思想方法，如理想化模型法、放大法、极限法、控制变量法、假设法、类比法、比值法等等．以下关于所用思想方法的叙述错误的是（）A．在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法是假设法B．速度的定义式v=，采用的是比值法；当△t非常非常小时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，应用了极限法C．在探究电流、电压和电阻三者之间的关系时，先保持电压不变研究电流与电阻的关系再保持电阻不变研究电流与电压的关系，该实验应用了控制变量法D．如图是三个实验装置，这三个实验中都体现了放大法考点：物理学史．分析：在研究多个量之间的关系时，常常要控制某些物理量不变，即控制变量法；当时间非常小时，我们认为此时的平均速度可看作某一时刻的速度即称之为瞬时速度，采用的是极限思维法；质点是实际物体在一定条件下的科学抽象，是采用了建立理想化的物理模型的方法；解答：解：A、质点采用的科学方法为建立理想化的物理模型的方法，故A错误；B、为研究某一时刻或某一位置时的速度，我们采用了取时间非常小，即让时间趋向无穷小时的平均速度作为瞬时速度，即采用了极限思维法，故B正确；C、在探究电流、电压和电阻三者之间的关系时，先保持电压不变研究电流与电阻的关系再保持电阻不变研究电流与电压的关系，该实验应用了控制变量法，故C正确；D、图1是演示桌面在压力作用下发生形变的装置中，当用力压桌面时，桌面向下形变，平面镜倾斜，在入射光线方向不变，平面镜的反射光线方向改变的角度是平面镜倾斜角度的两倍，体现了放大的思想．图2是演示玻璃瓶在压力作用下发生形变的装置中，用力挤压玻璃瓶，玻璃瓶发生形变，细管中水柱上升，由于管子较细，上升的高度较大，将玻璃瓶微小的形变放大，能直观的观察到形变，体现了放大的思想．图3是通过受到微小的力转动，从而由光的反射来体现转动角度，体现放大的思想，故D 正确；本题选错误的，故选：A．点评：在高中物理学习中，我们会遇到多种不同的物理分析方法，这些方法对我们理解物理有很大的帮助；故在理解概念和规律的基础上，更要注意科学方法的积累与学习．2．（6分）如图所示，汽车以10m/s的速度匀速驶向十字路口，当行驶至距路口停车线20m 处时，绿灯还有3s熄灭，若从此刻开始计时，该汽车在绿灯熄灭时刚好停在停车线处，则汽车运动的速度v﹣t图象可能是（）A．B．C．D．考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：此题应先根据V﹣t图象所围成的面积表示位移，来计算或估算位移的大小．解答：解：A、此图线表示汽车发生的位移为S A=×10×3=15m≠20m，故A错误；B、由图可知S B＜15m，故B错误；C、S C=（10×1）+×10×2=20m，故C正确；D、D、S D=（10×0.5）+×10×2.5=17.5m，故D错误．故选：C．点评：本题主要考查了V﹣t图象中位移的计算：即图线与坐标轴围成的面积在数值上等于位移．3．（6分）“太空涂鸦”技术的基本物理模型是：原来在较低圆轨道运行的攻击卫星在从后方接近在较高圆轨道上运行的侦察卫星时，准确计算轨道并向其发射“漆雾”弹，“漆雾”弹在临近侦察卫星时，压爆弹囊，让“漆雾”散开并喷向侦察卫星，喷散后强力吸附在侦察卫星的侦察镜头、太阳能板、电子侦察传感器等关键设备上，使之暂时失效．下列说法正确的是（）A．攻击卫星在原轨道上运行的线速度大于7.9 km/sB．攻击卫星在原轨道上运行的线速度比侦察卫星的线速度小C．攻击卫星完成“太空涂鸦”后应减速才能返回低轨道上D．若攻击卫星周期已知，结合万有引力常量就可计算出地球质量考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．专题：人造卫星问题．分析：第一宇宙速度是近地卫星的环绕速度，也是最大的圆周运动的环绕速度．攻击卫星完成“太空涂鸦”后应减速做近心运动，才能返回低轨道上．通过万有引力提供向心力，列出等式通过已知量确定未知量．解答：解：AB、7.9km/s是第一宇宙速度，也是近地圆轨道的运行速度，根据v=可知，轨道高度越高，速度越小，故攻击卫星在原轨道上运行的线速度小于7.9 km/s，攻击卫星的轨道比侦察卫星的轨道低，故攻击卫星在原轨道上运行的线速度比侦察卫星的线速度大，故AB均错误．C、攻击卫星完成“太空涂鸦”后应减速做近心运动，才能返回低轨道上，故C正确．D、由于不知道卫星的轨道半径，故不能计算地球的质量，故D错误．故选：C．点评：本题抓住万有引力提供圆周运动向心力入手，理解第一宇宙速度的意义．4．（6分）如图所示，一个半球形的碗固定在桌面上，碗口水平，O点为其球心，碗的内表面及碗口光滑．一根细线跨在碗口上，线的两端分别系有质量为m1和m2的小球．当它们处于平衡状态时，质量为m1，的小球与O点的连线跟水平方向的夹角为a=90°．质量为m2的小球位于水平地面上，设此时竖直的细线对m2的拉力大小为T，质量为m2的小球对地面压力大小为N，则（）A．T=m1g B．T=（m2﹣m1）g C．N=（m2﹣m1）g D．N=m2g考点：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：先对小球m1受力分析，再对小球m2受力分析，然后根据共点力平衡条件列式求解解答：解：先对小球m1受力分析，受重力和支持力，假设细线对小球m1有拉力作用，则小球m1受力不能平衡，故拉力T为零；再对小球m2受力分析，受到重力和支持力，支持力与重力平衡，故N=m2g；故选：D．点评：本题关键是对小球m1受力分析，得出细线的拉力为零，然后再对球m2受力分析，得出支持力的大小．5．（6分）矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场方向的转轴匀速转动时所产生的正弦交流电的图象如图线a所示，如果只对线圈转速进行调整，则所产生正弦交流电的图象如图线b所示，以下关于这两个正弦交流电的说法正确的是（）A．在图中t=0时刻穿过线圈的磁通量均为零B．线圈先后两次转速之比为3：2C．图线a表示的交流电压的瞬时值为v=10 sin 5πt（V）D．图线b表示的交流电频率为2Hz考点：正弦式电流的图象和三角函数表达式；正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．专题：交流电专题．分析：根据图象可以知道交流电的最大值和交流电的周期，根据交流电周期之间的关系可以求得线圈的转速之间的关系和交流电的瞬时值表达式．解答：解：A、由图可知，t=0时刻线圈均在中性面，穿过线圈的磁通量最大，故A错误；B、由图象可知T A：T B=2：3，故先后两次转速之比n A：n B=3：2，故B正确，C、由图象可知，交流电a的最大值为10V，角速度为ω=5π，所以交流电a的瞬时值为u=10sin5πtV，故C错误；D、图线b表示的交流电频率f==Hz，故D错误；故选：B．点评：本题考查的是学生读图的能力，根据图象读出交流电的最大值和周期，同时要掌握住交变电流的产生的过程．6．（6分）内壁光滑的环形凹槽半径为R，固定在竖直平面内，一根长度为R的轻杆，一端固定有质量为m的小球甲，另一端固定有质量为2m的小球乙，将两小球放入凹槽内，小球乙位于凹槽的最低点，如图所示．由静止释放后（）A．下滑过程中甲球减少的机械能总等于乙球增加的机械能B．下滑过程中甲球减少的重力势能总等于乙球增加的重力势能C．杆从左向右滑时，甲球无法下滑到凹槽的最低点D．杆从右向左滑回时，乙球一定能回到凹槽的最低点考点：机械能守恒定律；功能关系．专题：机械能守恒定律应用专题．分析：甲与乙两小球系统，重力势能和动能相互转化，系统机械能守恒；还可以将甲与乙当作一个整体，找出重心，机械能也守恒．解答：解：A、甲与乙两个物体构成的系统只有重力做功，机械能守恒，故甲减小的机械能一定等于乙增加的机械能，故A正确；B、甲与乙两个物体系统机械能守恒，甲球减小的重力势能转化为乙的势能和动能以及甲的动能，故B错误；C、若甲球沿凹槽下滑到槽的最低点，乙则到达与圆心等高处，但由于乙的质量比甲大，造成机械能增加了，明显违背了机械能守恒定律，故甲球不可能到凹槽的最低点，故C正确；D、由于机械能守恒，故动能减为零时，势能应该不变，故杆从右向左滑回时，乙球一定能回到凹槽的最低点，故D正确；故选：ACD．点评：本题关键是甲与乙两个球系统机械能守恒，也可以找出系统重心，当作单个物体．7．（6分）电荷量相等的两点电荷在空间形成的电场有对称美．如图所示，真空中固定两个等量异种点电荷A、B，AB连线中点为O．在A、B所形成的电场中，以O点为圆心、半径为R的圆面垂直于AB连线，以O为几何中心的边长为2R的正方形平面垂直于圆面且与AB连线共面，圆与正方形的交点分别为e、f，则下列说法正确的是（）A．在a、b、c、d、e、f六点中找不到任何两个点的场强和电势均相同B．将一电荷由e点沿圆弧egf移到f点，电场力始终不做功C．将一电荷由a点移到圆面内任意一点时电势能的变化量相同D．沿线段eOf移动的电荷，它所受电场力是先减小后增大考点：电势能；电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：等量异种电荷连线的垂直面是一个等势面，其电场线分布具有对称性．电荷在同一等势面上移动时，电场力不做功．根据电场力做功W=qU分析电场力做功情况．根据电场线的疏密分析电场强度的大小，从而电场力的变化．解答：解：A、图中圆面是一个等势面，e、f的电势相等，根据电场线分布的对称性可知e、f的场强相同，故A错误．B、图中圆弧egf是一条等势线，其上任意两点的电势差都为零，根据公式W=qU可知：将一电荷由e点沿圆弧egf移到f点电场力不做功．故B正确．C、a点与圆面内任意一点时的电势差相等，根据公式W=qU可知：将一电荷由a点移到圆面内任意一点时，电场力做功相同，则电势能的变化量相同．故C正确．D、沿线段eof移动的电荷，电场强度先增大后减小，则电场力先增大后减小，故D错误．故选：BC．点评：常见电场的电场线分布及等势面的分布要求我们能熟练掌握，并要注意沿电场线的方向电势是降低的，同时注意等量异号电荷形成电场的对称性．加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，即可解决本题．8．（6分）一个闭合回路由两部分组成，如图所示，右侧是电阻为r的圆形导线；置于竖直方向均匀变化的磁场B1中，左侧是光滑的倾角为θ的平行导轨，宽度为d，其电阻不计．磁感应强度为B2的匀强磁场垂直导轨平面向上，且只分布在左侧，一个质量为m、电阻为R 的导体棒此时恰好能静止在导轨上，分析下述判断正确的是（）A．圆形线圈中的磁场B1，可以方向向上均匀增强，也可以方向向下均匀减弱B．导体棒ab受到的安培力大小为mgC．回路中的感应电流为D．圆形导线中的电热功率为考点：法拉第电磁感应定律；闭合电路的欧姆定律．专题：电磁感应与电路结合．分析：磁场B1均匀变化产生感应电动势，从而产生感应电流，导体棒受重力、支持力、安培力平衡，根据力的平衡求出安培力的大小和方向，从而知道电流的大小和方向，根据楞次定律判断圆形线圈中磁场的变化．解答：解：A、B、C导体棒静止在导轨上，所受的合力为零．根据力的平衡得知，棒所受的安培力的大小为mgsinθ，方向沿斜面向上．所以有：B2Id=mgsinθ，则回路中的感应电流大小为：I=．根据安培力的方向，通过左手定则判断得知，通过线圈感应电流的方向从上往下看为顺时针方向．根据楞次定律，圆形线圈中的磁场可以方向向上均匀增强，也可以方向向下均匀减弱．故A、C正确，B错误．D、根据P=I2r，可知圆形导线中的电热功率为：P=r．故D错误．故选：AC．点评：解决本题的关键通过受力平衡求出安培力的大小和方向，以及掌握左手定则判定安培力与电流方向的关系，和运用楞次定律判断感应电流方向与磁场的变化关系．三、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第9题一第12题为必考题，每个试题考生都必须作答．第13题～第18题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题（共129分）9．（6分）测量小物块Q与平板P之间的动摩擦因数的实验装置如图所示．AB是半径足够大的较光滑四分之一圆弧轨道，与水平固定放置的P板的上表面BC在B点相切，C点在水平地面的垂直投影为C′．重力加速度大小为g．实验步骤如下：①用天平称出物块Q的质量m；②测量出轨道AB的半径R、BC的长度L和CC′，的长度h；③将物块Q在A点从静止释放，在物块Q落地处标记其落点D；。

甘肃省普通高中2017-2018学年高考物理一模试卷 Word版含解析

甘肃省普通高中2017-2018学年高考物理一模试卷一、选择题：本题共12小题，共40分．1～8每小题3分，每题只有一个选项符合题目要求，9～12每小题3分，在每个小题的四个选项中有多项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全得2分，有选错的得0分．1．（3分）下列叙述中符合物理史实的是（）A．伽利略提出了日心说B．亚里士多德否定了力是维持物体运动的原因C．奥斯特发现了电流的磁效应D．牛顿发现了万有引力定律并测定了万有引力常量2．（3分）人用手托着质量为m的物体，从静止开始沿水平方向加速运动（物体与手始终相对静止），物体与手掌之间的动摩擦因数为μ，则下列说法正确的是（）A．手对物体的作用力方向竖直向上B．手对物体的作用力方向水平向前C．手对物体作用力方向斜向前上方D．物体所受摩擦力大小为μmg3．（3分）某物体在一足够大的光滑水平面上向西运动，当它受到一个向南的恒定外力作用时，物体将做（）A．匀变速直线运动B．匀变速曲线运动C．曲线运动但加速度方向改变，大小不变，是非匀变速曲线运动D．曲线运动但加速度方向和大小均改变，是非匀变速曲线运动4．（3分）测速仪安装有超声波发射和接收装置，如图所示，B为测速仪，A为汽车，两者相距335m，某时刻B发出超声波，同时A由静止开始作匀加速直线运动．当B接收到反射回来的超声波信号时，AB相距355m，已知声速为340m/s，则汽车的加速度大小为（）A．20m/s2B．10m/s2C．5m/s2D．无法确定5．（3分）如图所示，在坡度一定的斜面顶点以大小相同的速度v0同时水平向左与水平向右抛出两个小球A和B，两侧斜坡的倾角分别为37°和53°，小球均落在坡面上，若不计空气阻力，则A和B两小球的运动时间之比为（）A．16：9 B．9：16 C．3：4 D．4：36．（3分）若各国的人造地球卫星都在不同的轨道上做匀速圆周运动，设地球的质量为M，地球的半径为R地．则下述判断正确的是（）A．各国发射的所有人造地球卫星在轨道上做匀速圆周运动的运行速度都不超过u m=B．各国发射的所有人造地球卫星在轨道上做匀速圆周运动的运行周期都不超过T m=2πR地C．卫星在轨道上做匀速圆周运动的圆心不一定与地心重合D．地球同步卫星做匀速圆周运动的运行周期等于2πR地7．（3分）将地面上静止的货物竖直向上吊起，货物由地面运动至最高点的过程中，v﹣t图象如图所示，以下判断正确的是（）A．前3s内货物处于失重状态B．最后2s内货物只受重力作用C．前3s内平均速度小于最后2s内的平均速度D．最后2s的过程中货物的机械能增加8．（3分）如图所示，A、B、C、D、E、F为正六边形的六个顶点，P、Q、M分别为AB、ED、AF的中点，O为正六边形的中心．现在六个顶点依次放入等量正负电荷．若取无穷远处电势为零，以下说法中错误的是（）A．P、Q、M各点具有相同的场强B．P、Q、M各点电势均为零C．O点电势与场强均为零D．将一负检验电荷从P点沿直线PM移到M点的过程中，电势能先减小后增大9．（4分）如图，R为热敏电阻，R1、R2为定值电阻．闭合电键S，电压表的示数为U，电流表的示数为I，现R所处环境温度降低，电压表的示数改变量的大小为△U，电流表的示数改变大小为△I，则下列说法正确的是（）A．变大B．变大C．电阻R1的功率变大D．电源的总功率变大10．（4分）在一阻值为R=10Ω的定值电阻中通入如图所示的交流电，则（）A．此交流电的频率为0.5HzB．此交流电的有效值约为3.5AC．在2～4s内通过该电阻的电荷量为1CD．在0～2s内电阻产生的焦耳热为25J11．（4分）如图所示，在匀强磁场区域中有一光滑斜面体，在斜面体上放了一根长为L、质量为m的导线，当通以如图方向的电流后，导线恰好能保持静止，则磁感应强度B满足（）A．，方向水平向左B．，方向垂直纸面向外C．，方向沿斜面向上D．，方向竖直向下12．（4分）用一段截面半径为r、电阻率为ρ、密度为d的均匀导体材料做成一个半径为R （r ＜＜R）的圆环．圆环落入磁感应强度为B的径向磁场中．如图所示，当圆环在加速下落时某一时刻的速度为v，则（）A．此时整个环的电动势为E=2BvπRB．忽略电感的影响，此时圆环中的电流I=C．此时圆环的加速度D．如果径向磁场足够长，则圆环的最大速度v m=二、实验题：（每空2分，共16分）13．（6分）在“探究求合力的方法”的实验中，用图钉把橡皮筋的一端固定在板上的A点，在橡皮筋的另一端拴上两条细绳，细绳另一端系着绳套B、C（用来连接弹簧测力计）．其中A为固定橡皮筋的图钉，O为橡皮筋与细绳的结点，OB和OC为细绳．（1）本实验用的弹簧测力计示数的单位为N，图中与B相连的弹簧测力计的示数为N．（2）在实验中，如果只将OB、OC绳换成橡皮筋，其他步骤保持不变，那么实验结果（选填“会”或“不会”）发生变化．（3）在本实验中，F1和F2表示两个互成角度的力，F表示由平行四边形定则作出的F1与F2的合力；F′表示用一个弹簧秤拉橡皮筋时的力，则图2中符合实验事实的是．14．（10分）为了测定一节干电池的电动势和内阻，实验室中准备了下列器材：待测干电池E（电动势约1.5V，内阻约1.0Ω）电流表G（满偏电流3mA，内阻10Ω）电流表A（量程0～0.60A，内阻约0.10Ω）滑动变阻器R1（0～20Ω，2A）滑动变阻器R2（0～100Ω，1A）定值电阻R3=990Ω，开关S和导线若干①明同学在某一次的测量过程中两电流表的指针偏转如图1所示，则电流表A的读数为A，电流表G的读数为mA②请在图2方框中画出他的实验电路图．（标明所选仪器的符号）③图3为小明根据实验数据作出的I1﹣I2图线（I1为电流表G的示数，I2为电流表A的示数），由该图线可得：被测干电池的电动势E=V，内阻r=Ω．三、计算题：共29分．请按题目要求作答，解答题目应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题答案中必须明确写出数值和单位．15．（6分）据《雄关周末》第51期报导，“经过5年艰苦奋战，备受关注的兰新高铁于2014年12月26日正式开通，这标志着世界一次性建设里程最长的高速铁路将全线开通运营”，高铁动车每节车厢长25m，全车由8节车厢编组而成，设计时速为250km/h．某次运行中，在乘务员以相对车厢2m/s的速度从车厢的一端走到另一端的过程中，全车恰好匀速通过了一座长600m的铁路桥，求火车过桥时的速度为多少？16．（9分）如图，质量m=1.0kg的物体（可视为质点）以v0=10m/s的初速度从水平面的某点向右运动并冲上半径R=1.0m的竖直光滑半圆环，物体与水平面间的动摩擦因数μ=0.5．求：（1）物体能从M点飞出，落到水平面时落点到N点的距离的最小值为多大？（2）如果物体从某点出发后在半圆轨道运动过程途中离开轨道，求出发点到N点的距离x 的取值范围．17．（14分）如图所示，在xoy平面内，在x＞0范围内以x轴为电场和磁场的边界，在x ＜0范围内以第Ⅲ象限内的直线OM为电场与磁场的边界，OM与x轴负方向成θ=45°角，在边界的下方空间存在着垂直于纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为B=0.1T，在边界的上方有沿y轴正方向的匀强电场，场强大小为E=32N/C；在y轴上的P点有一个不计重力的带电微粒，以沿x轴负方向的初速度v0=2×103m/s射出，已知OP=0.8cm，微粒所带电荷量q=﹣5×10﹣18C，质量m=1×10﹣24kg，求：（1）带电微粒第一次进入电场时的位置坐标；（2）带电微粒从P点出发到第三次经过电磁场边界经历的总时间；（3）带电微粒第四次经过电磁场边界时的速度大小．【选做部分】温馨提示：在下列三道选修题目中只能选择其中之一作答，并写在答题卷指定的位置处．若作答两道以上，只批阅前一道．（选择题为多项选择，每选对一个得2分，有错选得0分．选择题的答案填写在答题卷指定位置，不要涂在机读卡上）[选修3-3]（15分）18．（6分）下列说法正确的是（）A．液体温度越高、悬浮颗粒越小，布朗运动越剧烈B．不考虑分子势能，则质量、温度均相同的氢气和氧气的内能也相同C．第一类永动机不可能制成，因为违背了能量守恒定律D．物体吸收热量，则其内能一定增加E．能量耗散从能量转化角度反映出自然界中的宏观过程具有方向性19．（9分）如图所示，一定质量的气体被绝热活塞封闭在绝热的水平放置的气缸内，气缸固定且内壁光滑，活塞通过细绳绕过定滑轮与一沙桶（里面没有沙）连接，开始活塞处于静止状态，封闭气体的体积为V0，温度T0=300K，压强为0.9P0（P0为大气压强），活塞面积为S，现不停地向沙桶中加沙子，使活塞缓慢地向右移动，当增加的沙子质量为桶质量的2倍时，气体体积增加了0.2V0（活塞未被拉出气缸），重力加速度为g，求：①沙桶的质量m②末态气缸内封闭气体的温度T．[选修3-4]（15分）20．如图所示是两列完全相同的相干水波在某时刻的叠加情况，图中实线表示波峰，虚线表示波谷．则下列关于这两列波的说法中正确的是（）A．P、N两质点始终处于平衡位置B．该时刻质点M正处于平衡位置C．随着时间的推移，质点O将向M点移动D．从该时刻起，经过四分之一个周期，质点O将到达平衡位置，此时位移为零E．OM连线的中点是振动加强点，其振幅为单个波引起的振幅的2倍21．如图所示，一半径为R、折射率n=的半球形玻璃砖置于光屏MN的上方，一束半径为r=的圆形单色光正对半球形玻璃砖的中心O入射，经玻璃砖折射后在下方的光屏MN上得到一个半径r′=的圆形光斑，试求光屏MN到半球形玻璃砖的直径AB的距离．（tan75°=2+）[选修3-5]（15分）22．下列说法正确的有（）A．普朗克曾经大胆假设：振动着的带电微粒的能量只能是某一最小能量值ε的整数倍，这个不可再分的最小能量值ε叫做能量子B．α粒子散射实验中少数α粒子发生了较大偏转，这是卢瑟福猜想原子核式结构模型的主要依据之一C．由玻尔理论可知，氢原子的核外电子由较高能级跃迁到较低能级时，要辐射一定频率的光子，同时电子的动能减小，电势能增大D．在光电效应实验中，用同种频率的光照射不同的金属表面，从金属表面逸出的光电子的最大初动能E k越大，则这种金属的逸出功W0越小E．在康普顿效应中，当入射光子与晶体中的电子碰撞时，把一部分动量转移给电子，因此，光子散射后波长变短23．静止的锂核（）俘获一个速度为7.7×106m/s的中子，发生核反应后若只产生了两个新粒子，其中一个粒子为氦核（），它的速度大小是8.0×106m/s，方向与反应前的中子速度方向相同．①写出此核反应的方程式；②求反应后产生的另一个粒子的速度大小及方向；③此反应过程中是否发生了质量亏损，说明依据．甘肃省普通高中2017-2018学年高考物理一模试卷参考答案与试题解析一、选择题：本题共12小题，共40分．1～8每小题3分，每题只有一个选项符合题目要求，9～12每小题3分，在每个小题的四个选项中有多项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全得2分，有选错的得0分．1．（3分）下列叙述中符合物理史实的是（）A．伽利略提出了日心说B．亚里士多德否定了力是维持物体运动的原因C．奥斯特发现了电流的磁效应D．牛顿发现了万有引力定律并测定了万有引力常量考点：物理学史．专题：常规题型．分析：根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．解答：解：A、哥白尼提出了日心说，故A错误；B、伽利略否定了力是维持物体运动的原因，故B错误；C、奥斯特发现了电流的磁效应，故C正确；D、牛顿发现了万有引力定律，卡文迪许测定了万有引力常量，故D错误；故选：C．点评：本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一．2．（3分）人用手托着质量为m的物体，从静止开始沿水平方向加速运动（物体与手始终相对静止），物体与手掌之间的动摩擦因数为μ，则下列说法正确的是（）A．手对物体的作用力方向竖直向上B．手对物体的作用力方向水平向前C．手对物体作用力方向斜向前上方D．物体所受摩擦力大小为μmg考点：牛顿第二定律；物体的弹性和弹力．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：对物体受力分析，分别对竖直方向和水平方向分析，最后再求出合力即可．解答：解：物体在水平方向向前做加速运动，一定受向前的摩擦力；竖直方向保持静止，支持力等于重力；则手对物体的作用力为两力的合力；故作用力方向斜向前上方；故选：C．点评：本题要注意手对物体的作用力包括支持力和向前的摩擦力；故求作用力时应求二者的合力．3．（3分）某物体在一足够大的光滑水平面上向西运动，当它受到一个向南的恒定外力作用时，物体将做（）A．匀变速直线运动B．匀变速曲线运动C．曲线运动但加速度方向改变，大小不变，是非匀变速曲线运动D．曲线运动但加速度方向和大小均改变，是非匀变速曲线运动考点：物体做曲线运动的条件．专题：物体做曲线运动条件专题．分析：当物体受到与运动方向不在同一直线上的恒力作用时，物体做匀变速曲线运动．物体的运动方向向西，受到的合外力方向向南，力与速度方向不在同一直线上，且力为恒力，根据曲线运动的条件及牛顿第二定律即可求解．解答：解：物体的运动方向向西，受到的合外力方向向南，所以物体做曲线运动，因为合外力恒定，根据牛顿第二定律可知，加速度恒定，故物体做匀变速曲线运动，故B正确．故选B点评：本题主要考查了物体做曲线运动的条件，知道加速度由合外力决定，难度不大，属于基础题．4．（3分）测速仪安装有超声波发射和接收装置，如图所示，B为测速仪，A为汽车，两者相距335m，某时刻B发出超声波，同时A由静止开始作匀加速直线运动．当B接收到反射回来的超声波信号时，AB相距355m，已知声速为340m/s，则汽车的加速度大小为（）A．20m/s2B．10m/s2C．5m/s2D．无法确定考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：在超声波来回运动的时间里，汽车运行的位移为20m．根据匀变速运动的位移时间公式可求出汽车在超声波单程运行时间里的位移，结合超声波的速度，即可知道超声波单程运行的时间，从而知道汽车运行的时间，根据，求出汽车的加速度大小．解答：解：设汽车的加速度为a，运动的时间为t，有，超声波来回的时间为t，则单程的时间为，因为初速度为零的匀加速直线运动，在相等时间内的位移之比为1：3，在t时间内的位移为20m，则时间内的位移为x′=5m，知超声波追上汽车的位移x=5+335m=340m，所以，t=2s．所以汽车的加速度大小为10m/s2．故B正确，A、C、D错误．故选：B．点评：解决本题的关键求出超声波单程运行的位移从而求出单程运行的时间，即可知道汽车匀加速运动的时间，然后根据匀变速运动的位移公式求出汽车的加速度．5．（3分）如图所示，在坡度一定的斜面顶点以大小相同的速度v0同时水平向左与水平向右抛出两个小球A和B，两侧斜坡的倾角分别为37°和53°，小球均落在坡面上，若不计空气阻力，则A和B两小球的运动时间之比为（）A．16：9 B．9：16 C．3：4 D．4：3考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：两球都落在斜面上，位移上有限制，位移与水平方向的夹角为定值，竖直位移与水平位移的比值等于斜面倾角的正切值，由此可正确解答．解答：解：对于A球有：tan37°==，解得，对B球有：=，解得，可知．故选：B．点评：解决本题的关键抓住平抛运动落在斜面上竖直方向上的位移和水平方向上的位移是定值．6．（3分）若各国的人造地球卫星都在不同的轨道上做匀速圆周运动，设地球的质量为M，地球的半径为R地．则下述判断正确的是（）A．各国发射的所有人造地球卫星在轨道上做匀速圆周运动的运行速度都不超过u m= B．各国发射的所有人造地球卫星在轨道上做匀速圆周运动的运行周期都不超过T m=2πR地C．卫星在轨道上做匀速圆周运动的圆心不一定与地心重合D．地球同步卫星做匀速圆周运动的运行周期等于2πR地考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．专题：人造卫星问题．分析：通过万有引力提供向心力求出卫星在圆形轨道上运行的最大速度，分析周期和轨道半径的关系，从而得知周期的大小．同步卫星定轨道、定周期、定速度、定高度．解答：解：A、根据万有引力提供向心力有：=ma=m=mr；解得v=，T=2π，知轨道半径越大，线速度越小，周期越大，所以所有人造地球卫星在轨道上做匀速圆周运动的运行速度都不超v m=，周期无最大值．故A正确，B错误．C、卫星靠地球的万有引力提供向心力，万有引力方向指向地心，所以圆心和地心重合．故C错误．D、同步卫星的轨道半径要大于R地，同步卫星周期大于2πR地．故D错误．故选：A．点评：解决本题的关键知道绕中心天体做圆周运动，线速度、角速度、周期与轨道半径的关系，以及掌握同步卫星的特点．7．（3分）将地面上静止的货物竖直向上吊起，货物由地面运动至最高点的过程中，v﹣t图象如图所示，以下判断正确的是（）A．前3s内货物处于失重状态B．最后2s内货物只受重力作用C．前3s内平均速度小于最后2s内的平均速度D．最后2s的过程中货物的机械能增加考点：机械能守恒定律；匀变速直线运动的图像．专题：机械能守恒定律应用专题．分析：速度时间图线的斜率表示加速度，图线与时间轴围成的面积表示位移，根据平均速度的公式比较前3s内和后2s内平均速度的大小．根据机械能守恒的条件判断机械能是否守恒．解答：解：A、前3s内货物向上做匀加速直线运动，加速度向上，处于超重状态．故A 错误．B、最后2s内物体的加速度为a===﹣3m/s2，加速度大小为3m/s2，小于g，根据牛顿第二定律可知货物受重力和拉力两个力作用．故B错误．C、前3s内的平均速度===3m/s，后2s内的平均速度===3m/s，这两段时间内的平均速度相同．故C错误．D、第3s末至第5s末，货物做匀速直线运动，重力势能增加，动能不变，机械能增加．故D正确误．故选：D．点评：解决本题的关键知道速度时间图线斜率和图线与时间轴围成的面积表示的含义，以及掌握机械能守恒定律的条件．8．（3分）如图所示，A、B、C、D、E、F为正六边形的六个顶点，P、Q、M分别为AB、ED、AF的中点，O为正六边形的中心．现在六个顶点依次放入等量正负电荷．若取无穷远处电势为零，以下说法中错误的是（）A．P、Q、M各点具有相同的场强B．P、Q、M各点电势均为零C．O点电势与场强均为零D．将一负检验电荷从P点沿直线PM移到M点的过程中，电势能先减小后增大考点：电场强度；电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：根据正六边形几何特性，结合点电荷电场强度公式，以及等量电荷中垂线的电势为零，即可求解．解答：解：A、由题意可知，等量正负电荷，位于正六边形的六个顶，根据点电荷电场强度，结合电场的叠加原理，可知P、Q、M各点场强大小相同，但方向不同，故A错误；B、根据等量异种电荷中垂线的电势为零，再由对称性可以知，P，Q，M，O各点电势均为零，故B正确；C、根据图可知，O点场强可看成三个负点电荷与三个正点电荷电场叠加而成，且电荷均相同，则电场强度为零，故C正确；D、P到M过程中，电势由零升高，后又降为零，负电荷的电能势能就先减小后增大，故D 正确；选错误的，故选：A．点评：考查点电荷电场强度的公式应用，注意正六边形几何特性，同时理解矢量合成法则，并知道电势能的大小与电势及电荷的电量与电性有关．9．（4分）如图，R为热敏电阻，R1、R2为定值电阻．闭合电键S，电压表的示数为U，电流表的示数为I，现R所处环境温度降低，电压表的示数改变量的大小为△U，电流表的示数改变大小为△I，则下列说法正确的是（）A．变大B．变大C．电阻R1的功率变大D．电源的总功率变大考点：闭合电路的欧姆定律；电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：环境温度降低时，R的电阻增大，根据闭合电路欧姆定律判断干路电流变化情况，即知电流表读数的变化．由欧姆定律分析其他量的变化即可．解答：解：A、环境温度降低时，R的电阻增大，R与R1并联的电阻增大，而等于R与R1并联的电阻，则变大，故A正确．B、根据闭合电路欧姆定律得：U=E﹣I（R2+r），则=R2+r，不变，故B错误．C、根据串联电路分压规律知U增大，则电阻R1的功率变大，故C正确．D、电源的总功率P=EI，I减小，则电源的总功率变小，故D错误．故选：AC．点评：本题是动态分析问题，关键明确电路结构，按照局部→整体→局部的顺序进行分析．10．（4分）在一阻值为R=10Ω的定值电阻中通入如图所示的交流电，则（）A．此交流电的频率为0.5HzB．此交流电的有效值约为3.5AC．在2～4s内通过该电阻的电荷量为1CD．在0～2s内电阻产生的焦耳热为25J考点：正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率；焦耳定律．专题：交流电专题．分析：根据图象可知交流电的最大值以及周期等物理量，然后进一步可求出其瞬时值的表达式以及有效值等．解答：解：A、由图象可知其周期为2s，所以频率为0.5Hz，故A正确；B、根据图象可知，设交流电的有效值为I，根据电流的热效应得：，代入数据解得：I=2.5A=3.5A，故B正确；C、根据得在2～4s内通过该电阻的电荷量为：q=I2t﹣I1t=4×1﹣3×1c=1c，故C正确；D、根据焦耳定律得在0～2s内电阻产生的焦耳热为：，故D错误．故选：ABC．点评：本题考查了有关交流电描述的基础知识，要根据交流电图象正确求解最大值、有效值、周期、频率、角速度等物理量，基础题．11．（4分）如图所示，在匀强磁场区域中有一光滑斜面体，在斜面体上放了一根长为L、质量为m的导线，当通以如图方向的电流后，导线恰好能保持静止，则磁感应强度B满足（）A．，方向水平向左B．，方向垂直纸面向外C．，方向沿斜面向上D．，方向竖直向下考点：安培力．分析：对导体棒受力分析，受到重力、支持力和安培力，根据平衡条件分情况列式求解即可．解答：解：A、磁场方向水平向左时，安培力竖直向上，与重力平衡，有mg=BIL解得B=，故A正确；B、磁场垂直向外时，由于电流与磁场方向平行，故安培力为零，不可能平衡，故B错误；C、方向沿斜面向上，安培力垂直于斜面向上，不可能平衡，故C错误；D、磁场竖直向下时，安培力水平向左，导体棒还受到重力和支持力，根据平衡条件和安培力公式，有mgtanα=BIL解得B=，故D正确故选：AD点评：本题关键是对物体受力分析，然后根据左手定则判断出各个选项中的安培力方向，最后根据平衡条件列方程求解即可．12．（4分）用一段截面半径为r、电阻率为ρ、密度为d的均匀导体材料做成一个半径为R （r ＜＜R）的圆环．圆环落入磁感应强度为B的径向磁场中．如图所示，当圆环在加速下落时某一时刻的速度为v，则（）A．此时整个环的电动势为E=2BvπRB．忽略电感的影响，此时圆环中的电流I=C．此时圆环的加速度D．如果径向磁场足够长，则圆环的最大速度v m=考点：导体切割磁感线时的感应电动势；楞次定律．专题：电磁感应与电路结合．分析：根据切割产生的感应电动势公式求出整个环产生的电动势的大小，根据欧姆定律求出电流的大小，根据安培力大小，结合牛顿第二定律求出加速度，当加速度为零时，速度最大．解答：解：A、圆环落入磁感应强度B的径向磁场中，垂直切割磁感线，则产生的感应电动势E=Blv=B•2πRv．故A正确．。

甘肃省平凉市静宁县第一中学2017-2018学年高二上学期期中考试物理试题(普通班)无答案

静宁一中2017—2018学年度第一学期高二级期中考试题（卷）物理一、选择题（本大题12小题，共52分.其中1～8为单选题，每题4分:9~12为多选题，全部选对的得5分,选对但不全的得3分，错选得0分.)1.M和N是两个原来都不带电的物体,它们互相摩擦后,N带正电荷，A．在摩擦前M和N的内部没有任何电荷B．摩擦的过程中电移到MC．M在摩擦的过程中创造了正电荷D．N在摩擦的过程中得到了电子2.如图所示，虚线a、b、c是电场中的一簇等势线(相邻等势面之间的电势差相等），实线为一个α粒子(重力不计）仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、Q是这条轨迹上的两点，据此可知( ）A．a、b、c三个等势面中，a的电势最高B．电子在P点具有的电势能比在Q点具有的电势能小C．电子在P点的加速度比在Q点的加速度大D．带电质点一定是从P点向Q点运动3.日常生活用的电吹风中有电动机和电热丝，电动机带动风叶转动，电热丝给空气加热，得到热风可将头发吹干。

设电动机线圈的电阻为R1，它与电热丝的电阻R2相串联,接到直流电源上,电吹风机两端电压为U，通过的电流为I，消耗的电功率为P,则以下选项正确的是A．IU〉P B．IU=P C．D．4.伏安法测电阻的方法有图示的甲、乙两种电路,电压表、电流表均非理想电表，下列说法正确的是A．两种电路接法完全等效B．按甲电路连法，测得值偏小C．若待测电阻的阻值很大，用甲电路测量误差较小[KS5UKS5U］D．若待测电阻的阻值很小，用甲电路测量误差较小［KS5UKS5U.KS5U5.利用如图所示装置研究影响平行板电容器大小的因素，静电计可测量平行板电容器两极板的电势差U，保持极板上的电荷量Q和两极板的正对面积S不变,增大两极板间的距离d时，静电计的指针偏角增大,说明电容器的电容（）A．变大B．变小C．不变D．无法确定6.欧姆不仅发现了欧姆定律,还研究了电阻定律.有一个长方体金属电阻，材料分布均匀，边长分别为a、b、c，且a＞b＞c。

甘肃省静宁一中2017届高三综合性训练理综试题一含答

静宁一中高三周末训练试卷（一）理综能力测试本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分。

其中第Ⅱ卷第33～38题为选考题，其它题为必考题。

考生作答时，将答案写在答题卡上，在本试卷上答题无效。

第Ⅰ卷(共126分)可能用到的相对原子质量（原子量）：H—1 C—12 N—14 O—16 S—32 Cu—641．下列有关T细胞的说法，正确的是A．T细胞凋亡过程中有新蛋白质合成，体现了基因的选择性表达B．T细胞中直接合成、加工、运输淋巴因子的细胞器都含有RNAC．HIV识别并结合T细胞表面受体体现了细胞间信息交流的功能D．AIDS患者易发恶性肿瘤的直接原因是HIV使T细胞原癌基因突变2．下列关于生长素的叙述，正确．．的是A．生长素在植物体各器官组织中的运输为极性运输B．用适宜浓度的生长素类似物处理二倍体西瓜的雌蕊，可得到多倍体西瓜C．植物向光性产生的原因是因为生长素在茎的背光侧含量多于向光侧D．在发育中的种子中，络氨酸经过一系列反应转变为生长素3．下列关于生物学实验的叙述正确的是A．“细胞大小与物质运输的关系”模拟实验中，琼脂块表面积和体积之比是自变量，氢氧化钠扩散速率是因变量B．在观察叶绿体形态和分布的实验中，使用生理盐水制作黑藻临时装片C．观察细胞减数分裂实验可选用盛花期的豌豆花药为实验材料D．洋葱幼根经低温诱导后制成装片，可用于观察细胞染色体数目变异4．小鼠睾丸中存在间质细胞和实质细胞，实质细胞就是精原细胞，间质细胞是为实质细胞提供营养物质和相关激素的细胞。

科学家用显微镜观察从睾丸中所取的部分组织。

下列有关说法正确的是A．实质细胞和间质细胞因遗传信息不同而功能不同B．显微镜下能看到染色体的细胞最多含两条性染色体C．睾丸中发生变异类型只有基因重组D．实质细胞与间质细胞之间存在信息交流5．用新鲜、成熟的菠菜叶片作实验材料，以下叙述正确的是 A ．较容易制备纯的细胞膜 B ．可用于观察染色体的形态 C ．可用于观察光合作用产物D ．可用于观察线粒体的结构6．在生物群体中等位基因的数量可以在两个以上，甚至多到几十个，如A 1、A 2、A 3……这就构成了一组复等位基因，其决定同一性状的不同表现。

甘肃省静宁县2017-2018学年高三第一次模拟考试数学(理)试题 Word版含答案

2017-2018学年第一次高考模拟试卷（理）数学本试卷分第I 卷（选择题）和第II 卷（非选择题）两部分。

满分150分，考试时间120分钟。

第I 卷（选择题共60分）2.已知i 为虚数单位，图中复平面内的点A 表示复数z ，则表示复数的点是（）A MB NC PD Q（第2题图)3.已知命题P ：有的三角形是等边三角形，则( ) A.P ⌝：有的三角形不是等边三角形B.P ⌝：有的三角形是不等边三角形C.P ⌝：所有的三角形都是等边三角形D.P ⌝：所有的三角形不是等边三角形4.在△ABC 中，，则该三角形的形状是（）A 钝角三角形B 锐角三角形C 直角三角形D 不能确定5.如图，D 、E 、F 分别是ABC ∆的边AB 、BC 、CA 的中点，则AF DB -=（） A ．FD B ． C ． D ．6.函数y=sin(4π-2x)的单调增区间是 ( ) （第5题图) A. 3[8k ππ-，38k ππ+] （k ∈Z ） B. [8k ππ+，58k ππ+] （k ∈Z ） C. [8k ππ-，38k ππ+] （k ∈Z ） D. 3[8k ππ+，78k ππ+] （k ∈Z ）7.直线y ＝x －4与曲线y =x 轴所围成图形的面积是（）A.643 B.403 C.563 D.3838.已知某几何体的三视图如图（正视图的弧线是半圆），根据图中标出数据，这个几何体的体积是 ( )A ．28836π+B ．60πC ．28872π+D ．28818π+9.设等差数列{}n a 的前n 项和为n S ，若129288,162,S S ==则6S =（）A ．18B ．36C ．54D ．7210.若过点)0,4(A 的直线l 与曲线1y 2)-22=+x （有公共点，则直线l 的斜率的取值范围为（）A ．[B ．(C ．[33-D ．(33-12.已知函数2()1,()43,xf x eg x x x =-=-+-若有()(),f a g b =则b 的取值范围为( )A．[2 B．(2 C ．[1,3] D ．(1,3)二．填空题：本大题共4小题，每小题5分，共20分。