2012年普通高等学校招生全国统一考试理科数学(课标全国卷)

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2012年高考全国卷(大纲版)数学试题及答案(word)

2012年高考全国卷(大纲版)数学试题及答案(word)

2012年普通高等学校招生全国统一考试理科数学(必修+选修II)本试卷分第I卷(选择题)和第II卷(非选择题)两部分,第I卷第1至2页,第II卷第3至第4页。

考试结束,务必将试卷和答题卡一并上交。

第I卷注意事项:全卷满分150分,考试时间120分钟。

考生注意事项:1.答题前,考生在答题卡上务必用直径0.5毫米黑色墨水签字笔将自己的姓名、准考证号填写清楚,并贴好条形码。

请认真核准该条形码上的准考证号、姓名和科目。

2.没小题选出答案后,用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑,如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其他答案标号。

在试题卷上作答无效.........。

3.第I卷共12小题,每小题5分,共60分。

在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。

一、选择题1、复数131ii-++=A 2+IB 2-IC 1+2iD 1- 2i2、已知集合A={1.3. },B={1,m} ,A B=A, 则m=A 0B 0或3C 1D 1或33 椭圆的中心在原点,焦距为4 一条准线为x=-4 ,则该椭圆的方程为A216x+212y=1 B212x+28y=1C28x+24y=1 D212x+24y=14 已知正四棱柱ABCD- A1B1C1D1中,AB=2,CC1=E为CC1的中点,则直线AC1与平面BED的距离为A 2BCD 1(5)已知等差数列{a n}的前n项和为S n,a5=5,S5=15,则数列的前100项和为(A)100101(B)99101(C)99100(D)101100(6)△ABC中,AB边的高为CD,若a·b=0,|a|=1,|b|=2,则(A) (B ) (C) (D)(7)已知α为第二象限角,sin α+sin βcos2α=(A) -3 (B )-9 (C) 9 (D)3(8)已知F 1、F 2为双曲线C :x ²-y ²=2的左、右焦点,点P 在C 上,|PF 1|=|2PF 2|,则cos ∠F 1PF 2= (A)14 (B )35 (C)34 (D)45(9)已知x=ln π,y=log 52,12z=e ,则(A)x <y <z (B )z <x <y (C)z <y <x (D)y <z <x(10) 已知函数y =x ²-3x+c 的图像与x 恰有两个公共点,则c =(A )-2或2 (B )-9或3 (C )-1或1 (D )-3或1(11)将字母a,a,b,b,c,c,排成三行两列,要求每行的字母互不相同,梅列的字母也互不相同,则不同的排列方法共有(A )12种(B )18种(C )24种(D )36种(12)正方形ABCD 的边长为1,点E 在边AB 上,点F 在边BC 上,AE =BF =73。

复数(2012-2021)高考数学真题

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复数【2021年】1.(2021年全国高考乙卷数学(文)试题)设i 43i z =+,则z =( ) A .–34i -B .34i -+C .34i -D .34i +2.(2021年全国高考乙卷数学(理)试题)设()()2346z z z z i ++-=+,则z =( ) A .12i -B .12i +C .1i +D .1i -3.(2021年全国高考甲卷数学(理)试题)已知2(1)32i z i -=+,则z =( ) A .312i --B .312i -+C .32i -+D .32i --4.(2021年全国新高考Ⅰ卷数学试题)已知2i z =-,则()i z z +=( ) A .62i - B .42i - C .62i + D .42i +【2012年——2020年】1.(2020年全国统一高考数学试卷(文科)(新课标Ⅰ))若312i i z =++,则||=z ( ) A .0 B .1 CD .22.(2020年全国统一高考数学试卷(理科)(新课标Ⅰ))若z=1+i ,则|z 2–2z |=( ) A .0B .1CD .23.(2020年全国统一高考数学试卷(文科)(新课标Ⅱ))(1–i )4=( ) A .–4 B .4 C .–4iD .4i .4.(2020年全国统一高考数学试卷(文科)(新课标Ⅲ))若()11+=-z i i ,则z =( ) A .1–iB .1+iC .–iD .i5.(2020年全国统一高考数学试卷(理科)(新课标Ⅲ))复数113i -的虚部是( ) A .310-B .110-C .110D .3106.(2019年全国统一高考数学试卷(文科)(新课标Ⅰ))设3i12iz -=+,则z =A .2BC D .17.(2019年全国统一高考数学试卷(理科)(新课标Ⅰ))设复数z 满足=1i z -,z 在复平面内对应的点为(x ,y ),则A .22+11()x y +=B .22(1)1x y -+=C .22(1)1y x +-=D .22(+1)1y x +=8.(2019年全国统一高考数学试卷(文科)(新课标Ⅱ))设z =i(2+i),则z = A .1+2i B .–1+2i C .1–2iD .–1–2i9.(2019年全国统一高考数学试卷(理科)(新课标Ⅱ))设z =-3+2i ,则在复平面内z 对应的点位于 A .第一象限 B .第二象限 C .第三象限D .第四象限10.(2019年全国统一高考数学试卷(文科)(新课标Ⅲ))若(1i)2i z +=,则z = A .1i --B .1+i -C .1i -D .1+i11.(2018年全国普通高等学校招生统一考试理科数学(新课标I 卷))设1i2i 1iz -=++,则||z = A .B .12C .1 D12.(2018年全国普通高等学校招生统一考试文数(全国卷II ))()i 23i +=A .32i -B .32i +C .32i --D .32i -+13.(2018年全国普通高等学校招生统一考试理数(全国卷II ))12i12i +=- A .43i 55--B .43i 55-+C .34i 55--D .34i 55-+14.(2018年全国卷Ⅲ文数高考试题)(1)(2)i i +-= A .3i --B .3i -+C .3i -D .3i +15.(2017年全国普通高等学校招生统一考试文科数学(新课标1卷))下列各式的运算结果为纯虚数的是 A .(1+i)2B .i 2(1-i)C .i(1+i)2D .i(1+i)16.(2017年全国普通高等学校招生统一考试理科数学(新课标1卷))设有下面四个命题1p :若复数z 满足1R z∈,则z R ∈;2p :若复数z 满足2z ∈R ,则z R ∈; 3p :若复数12,z z 满足12z z R ∈,则12z z =; 4p :若复数z R ∈,则z R ∈.其中的真命题为 A .13,p p B .14,p p C .23,p pD .24,p p17.(2017年全国普通高等学校招生统一考试文科数学(新课标2卷))(1i)(2i)++= A .1i - B .13i + C .3i +D .33i +18.(2017年全国普通高等学校招生统一考试理科数学)31ii++=( )A .1+2iB .1-2iC .2+iD .2-i19.(2017年全国普通高等学校招生统一考试文科数学(新课标3卷))复平面内表示复数z=i(–2+i)的点位于 A .第一象限B .第二象限C .第三象限D .第四象限20.(2017年全国普通高等学校招生统一考试理科数学(新课标3卷))设复数z 满足(1+i)z =2i ,则∣z ∣=A .12B CD .221.(2016年全国普通高等学校招生统一考试文科数学(新课标1卷))设()()12i a i ++的实部与虚部相等,其中a 为实数,则a =A .−3B .−2C .2D .322.(2016年全国普通高等学校招生统一考试理科数学(新课标1卷))设,其中x ,y 是实数,则i =x y +A .1BC D .223.(2016年全国普通高等学校招生统一考试文科数学(新课标2卷))设复数z 满足3z i i +=-,则z = A .12i -+B .12i -C .32i +D .32i -24.(2016年全国普通高等学校招生统一考试理科数学(新课标2卷))已知(3)(1)z m m i =++-在复平面内对应的点在第四象限,则实数m 的取值范围是 A .(31)-, B .(13)-, C .(1,)+∞ D .(3)-∞-,25.(2016年全国普通高等学校招生统一考试理科数学)若43z i =+,则z z =A .1B .1-C .4355i +D .4355i -26.(2016年全国普通高等学校招生统一考试理科数学(全国3卷))若12z i =+,则41izz =- A .1 B .-1 C .i D .-i27.(2015年全国普通高等学校招生统一考试理科数学)已知复数z 满足(1)1z i i -=+,则z =A .2i --B .2i -+C .2i -D .2i +28.(2015年全国普通高等学校招生统一考试理科数学(新课标Ⅰ))设复数z 满足1+z1z-=i ,则|z|=A .1BCD .229.(2015年全国普通高等学校招生统一考试文科数学(新课标Ⅱ))若a 为实数,且2i3i 1ia +=++,则a = A .4- B .3- C .3 D .430.(2015年全国普通高等学校招生统一考试理科数学(新课标Ⅱ))若a 为实数且(2)(2)4ai a i i +-=-,则a = A .1-B .0C .1D .231.(2014年全国普通高等学校招生统一考试文科数学(新课标Ⅰ))设,则A .B .C .D .2.32.(2014年全国普通高等学校招生统一考试理科数学(新课标Ⅰ))A .B .C .D .33.(2014年全国普通高等学校招生统一考试理科数学)计算131ii+=- A .12i +B .12i -+C .12i -D .12i --34.(2014年全国普通高等学校招生统一考试理科数学(全国Ⅱ卷))设复数1z ,2z 在复平面内的对应点关于虚轴对称,12z i =+,则12z z =A .- 5B .5C .- 4+ iD .- 4 - i35.(2013年全国普通高等学校招生统一考试文科数学(新课标1卷))212(1)i i +=- A .112i -- B .112i -+ C .112i + D .112i - 36.(2013年全国普通高等学校招生统一考试理科数学(新课标1卷)已知复数z 满足(3443i z i -=+),则z 的虚部为 A .-4 B .45- C .4D .4537.(2013年全国普通高等学校招生统一考试文科数学(新课标2卷))21i +=A .B .2CD .138.(2013年全国普通高等学校招生统一考试理科数学(新课标2卷))设复数z 满足()12i z i -=,则z= ( ) A .-1+iB .-1-iC .1+iD .1-i39.(2012年全国普通高等学校招生统一考试文科数学(课标卷))复数32iz i-+=+的共轭复数是 A .2i +B .2i -C .1i -+D .1i --40.(2012年全国普通高等学校招生统一考试理科数学(课标卷))下面是关于复数21z i=-+的四个命题:其中的真命题为1:2p z =22:2p z i =3:p z 的共轭复数为1i +4:p z 的虚部为1-A .23,p pB .12,p pC .24,p pD .34,p p。

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课标全国(理)1.(2012课标全国,理1)已知集合A ={1,2,3,4,5},B ={(x ,y )|x ∈A ,y ∈A ,x -y ∈A },则B 中所含元素的个数为( ). A .3 B .6 C .8 D .10D 由x ∈A ,y ∈A 得x -y ∈A ,得(x ,y )可取如下:(2,1),(3,1),(4,1),(5,1),(3,2),(4,2),(5,2),(4,3),(5,3),(5,4),故集合B 中所含元素的个数为10.2.(2012课标全国,理2)将2名教师,4名学生分成2个小组,分别安排到甲、乙两地参加社会实践活动,每个小组由1名教师和2名学生组成,不同的安排方案共有( ). A .12种 B .10种 C .9种 D .8种 A 将4名学生均分为2个小组共有224222C C A =3种分法,将2个小组的同学分给两名教师带有22A =2种分法, 最后将2个小组的人员分配到甲、乙两地有22A =2种分法, 故不同的安排方案共有3×2×2=12种. 3.(2012课标全国,理3)下面是关于复数z =21i-+的四个命题:p 1:|z |=2, p 2:z 2=2i ,p 3:z 的共轭复数为1+i , p 4:z 的虚部为-1, 其中的真命题为( ). A .p 2,p 3 B .p 1,p 2 C .p 2,p 4 D .p 3,p 4C z =2(-1i)(-1i)(-1i)-+-=-1-i ,故|zp 1错误;z 2=(-1-i )2=(1+i )2=2i ,p 2正确;z 的共轭复数为-1+i ,p 3错误;p 4正确.4.(2012课标全国,理4)设F 1,F 2是椭圆E :22x a+22y b=1(a >b >0)的左、右焦点,P 为直线x =32a 上一点,△F 2PF 1是底角为30°的等腰三角形,则E 的离心率为( ). A .12B .23C .34D .45C 设直线x =32a 与x 轴交于点M ,则∠PF 2M =60°,在Rt △PF 2M 中,PF 2=F 1F 2=2c ,F 2M =32a -c ,故cos 60°=22M F PF =3a c 22c-=12,解得c a=34,故离心率e =34.5.(2012课标全国,理5)已知{a n }为等比数列,a 4+a 7=2,a 5a 6=-8,则a 1+a 10=( ). A .7 B .5 C .-5 D .-7 D ∵{a n }为等比数列,∴a 5a 6=a 4a 7=-8,联立47472,8a a a a +=⎧⎨=-⎩可解得474,2a a =⎧⎨=-⎩或472,4,a a =-⎧⎨=⎩当474,2a a =⎧⎨=-⎩时,q 3=-12,故a 1+a 10=43a q+a 7q 3=-7;当472,4a a =-⎧⎨=⎩时,q 3=-2,同理,有a 1+a 10=-7. 6.(2012课标全国,理6)如果执行下边的程序框图,输入正整数N (N ≥2)和实数a 1,a 2,…,a N ,输出A ,B ,则().A .A +B 为a 1,a 2,…,a N 的和B .2A B +为a 1,a 2,…,a N 的算术平均数C .A 和B 分别是a 1,a 2,…,a N 中最大的数和最小的数D .A 和B 分别是a 1,a 2,…,a N 中最小的数和最大的数C 随着k 的取值不同,x 可以取遍实数a 1,a 2,…,a N ,依次与A ,B 比较,A 始终取较大的那个数,B 始终取较小的那个数,直到比较完为止,故最终输出的A ,B 分别是这N 个数中的最大数与最小数.7.(2012课标全国,理7)如图,网格纸上小正方形的边长为1,粗线画出的是某几何体的三视图,则此几何体的体积为().A .6B .9C .12D .18B 由三视图可推知,几何体的直观图如下图所示,可知AB =6,CD =3,PC =3,CD 垂直平分AB ,且PC ⊥平面ACB ,故所求几何体的体积为13×1632⎛⎫⨯⨯ ⎪⎝⎭×3=9.8.(2012课标全国,理8)等轴双曲线C 的中心在原点,焦点在x 轴上,C 与抛物线y 2=16x 的准线交于A ,B 两点,|AB |=则C 的实轴长为( ). AB .C .4D .8C 设双曲线的方程为22x a-22y a=1,抛物线的准线为x =-4,且|AB |=故可得A (-4,B (-4,-将点A 坐标代入双曲线方程得a 2=4,故a =2,故实轴长为4.9.(2012课标全国,理9)已知ω>0,函数f (x )=sin π4x ω⎛⎫+ ⎪⎝⎭在π,π2⎛⎫⎪⎝⎭单调递减,则ω的取值范围是( ).A .15,24⎡⎤⎢⎥⎣⎦B .13,24⎡⎤⎢⎥⎣⎦C .10,2⎛⎤ ⎥⎝⎦D .(0,2]A 结合y =sin ωx 的图像可知y =sin ωx 在π3π,22ωω⎡⎤⎢⎥⎣⎦单调递减,而y =sin π4x ω⎛⎫+ ⎪⎝⎭=sin π4x ωω⎡⎤⎛⎫+ ⎪⎢⎥⎝⎭⎣⎦,可知y =sinωx 的图像向左平移π4ω个单位之后可得y =sin π4x ω⎛⎫+ ⎪⎝⎭的图像,故y =si n π4x ω⎛⎫+ ⎪⎝⎭在π5π,44ωω⎡⎤⎢⎥⎣⎦单调递减,故应有π,π2⎡⎤⎢⎥⎣⎦⊆π5π,44ωω⎡⎤⎢⎥⎣⎦,解得12≤ω≤54.10.(2012课标全国,理10)已知函数f (x )=1ln (1)-x x+,则y =f (x )的图像大致为().B 当x =1时,y =1ln 21-<0,排除A ;当x =0时,y 不存在,排除D ;f '(x )=1ln (1)-x x ⎡⎤⎢⎥+⎣⎦'=21[ln(1)-]xx x x ++,因定义中要求x >-1,故-1<x <0时,f '(x )<0,故y =f (x )在(-1,0)上单调递减,故选B .11.(2012课标全国,理11)已知三棱锥S -ABC 的所有顶点都在球O 的球面上,△ABC 是边长为1的正三角形,SC的直径,且SC =2,A6B 6C 3D 2A ∵SC 是球O 的直径,∴∠CAS =∠CBS =90°.∵BA =BC =AC =1,SC =2,∴AS =BS取AB 的中点D ,显然AB ⊥CD ,AB ⊥SD , ∴AB ⊥平面SCD 在△CDS 中,CD 2DS 2,SC =2,利用余弦定理可得cos ∠CDS =222S S 2 C DD C C D SD+-故sin∠CDS∴S △CDS=12222∴V =V B -CDS +V A -CDS =13×S△CDS ×BD +13S △CDS×AD =13S △CDS ×BA =1321612.(2012课标全国,理12)设点P 在曲线y =12e x 上,点Q 在曲线y =ln (2x )上,则|PQ |的最小值为( ).A .1-ln 2B 1-ln 2)C .1+ln 2D1+ln 2)B 由题意知函数y =12e x 与y =ln (2x )互为反函数,其图像关于直线y =x 对称,两曲线上点之间的最小距离就是y =x 与y =12e x 最小距离的2倍,设y =12e x 上点(x 0,y 0)处的切线与y =x 平行,有01e 2x =1,x 0=ln 2,y 0=1,∴y =x 与y =12e x21-ln 2),∴|PQ |21-ln 2)×21-ln 2).13.(2012课标全国,理13)已知向量a ,b 夹角为45°,且|a |=1,|2a -b则|b |= .∵a ,b 的夹角为45°,|a |=1,∴a ·b =|a |×|b |cos 45°2b |,|2a -b |2=4-42b |+|b |2=10,∴|b |=14.(2012课标全国,理14)设x ,y 满足约束条件1,3,0,0,x y x y x y -≥-⎧⎪+≤⎪⎨≥⎪⎪≥⎩则z =x -2y 的取值范围为 .[-3,3] 作出不等式组的可行域,如图阴影部分,作直线l 0:x -2y =0,在可行域内平移知过点A 时,z =x -2y 取得最大值,过点B 时,z =x -2y 取最小值.由10,30,x y x y -+=⎧⎨+-=⎩得B 点坐标为(1,2), 由0,30,y x y =⎧⎨+-=⎩得A 点坐标为(3,0).∴z max =3-2×0=3,z min =1-2×2=-3. ∴z ∈[-3,3].15.(2012课标全国,理15)某一部件由三个电子元件按下图方式连接而成,元件1或元件2正常工作,且元件3正常工作,则部件正常工作.设三个电子元件的使用寿命(单位:小时)均服从正态分布N (1 000,502),且各个元件能否正常工作相互独立,那么该部件的使用寿命超过1 000小时的概率为 .38设元件1,2,3的使用寿命超过1 000小时的事件分别记为A ,B ,C ,显然P (A )=P (B )=P (C )=12,∴该部件的使用寿命超过1 000的事件为(A B +A B +AB )C .∴该部件的使用寿命超过1 000小时的概率为P =12⎛ ⎝×12+12×12+12×12⎫⎪⎭×12=38.16.(2012课标全国,理16)数列{a n }满足a n +1+(-1)n a n =2n -1,则{a n }的前60项和为 . 1 830 ∵a n +1+(-1)n a n =2n -1,∴a 2=1+a 1,a 3=2-a 1,a 4=7-a 1,a 5=a 1,a 6=9+a 1,a 7=2-a 1,a 8=15-a 1,a 9=a 1,a 10=17+a 1,a 11=2-a 1,a 12=23-a 1,…,a 57=a 1,a 58=113+a 1,a 59=2-a 1,a 60=119-a 1,∴a 1+a 2+…+a 60=(a 1+a 2+a 3+a 4)+(a 5+a 6+a 7+a 8)+…+(a 57+a 58+a 59+a 60) =10+26+42+…+234=15(10234)2⨯+=1 830.17.(2012课标全国,理17)已知a ,b ,c 分别为△ABC 三个内角A ,B ,C 的对边,a cos C sin C -b -c =0. (1)求A ;(2)若a =2,△ABC 求b ,c .解:(1)由a cos C sin C -b -c =0及正弦定理得sin A cos C n A sin C -sin B -sin C =0. -A -C ,A sin C -cos A sin C -sin C =0. 由于sin C ≠0,所以sin π6A ⎛⎫- ⎪⎝⎭=12.又0<A <π,故A =π3.(2)△ABC 的面积S =12bc sin A 故bc =4.而a 2=b 2+c 2-2bc cos A ,故b 2+c 2=8. 解得b =c =2.18.(2012课标全国,理18)某花店每天以每枝5元的价格从农场购进若干枝玫瑰花,然后以每枝10元的价格出售.如果当天卖不完,剩下的玫瑰花作垃圾处理.(1)若花店一天购进16枝玫瑰花,求当天的利润y (单位:元)关于当天需求量n (单位:枝,n ∈N )的函数解析式; (2)花店记录了100天玫瑰花的日需求量(单位:枝),整理得下表:以100天记录的各需求量的频率作为各需求量发生的概率.①若花店一天购进16枝玫瑰花,X 表示当天的利润(单位:元),求X 的分布列、数学期望及方差; ②若花店计划一天购进16枝或17枝玫瑰花,你认为应购进16枝还是17枝?请说明理由. 解:(1)当日需求量n ≥16时,利润y =80.当日需求量n <16时,利润y =10n -80. 所以y 关于n 的函数解析式为y =1080,16,80,16n n n -<⎧⎨≥⎩(n ∈N ).(2)①X 可能的取值为60,70,80,并且P (X =60)=0.1,P (X =70)=0.2,P (X =80)=0.7.X 的数学期望为EX =60×0.1+70×0.2+80×0.7=76.X 的方差为DX =(60-76)2×0.1+(70-76)2×0.2+(80-76)2×0.7=44. ②答案一:花店一天应购进16枝玫瑰花.理由如下:Y 的数学期望为EY =55×0.1+65×0.2+75×0.16+85×0.54=76.4.Y 的方差为DY =(55-76.4)2×0.1+(65-76.4)2×0.2+(75-76.4)2×0.16+(85-76.4)2×0.54=112.04. 由以上的计算结果可以看出,DX <DY ,即购进16枝玫瑰花时利润波动相对较小. 另外,虽然EX <EY ,但两者相差不大. 故花店一天应购进16枝玫瑰花. 答案二:花店一天应购进17枝玫瑰花.理由如下:Y的数学期望为EY =55×0.1+65×0.2+75×0.16+85×0.54=76.4.由以上的计算结果可以看出,EX <EY ,即购进17枝玫瑰花时的平均利润大于购进16枝时的平均利润.故花店一天应购进17枝玫瑰花.19.(2012课标全国,理19)如图,直三棱柱ABC -A 1B 1C 1中,AC =BC =12AA 1,D 是棱AA 1的中点,DC 1⊥BD .(1)证明:DC 1⊥BC ;(2)求二面角A 1-BD -C 1的大小.解:(1)证明:由题设知,三棱柱的侧面为矩形.由于D 为AA 1的中点,故DC =DC 1.又AC =12AA 1,可得D 21C +DC 2=C 21C ,所以DC1⊥DC .而DC 1⊥BD ,DC ∩BD =D ,所以DC 1⊥平面BCD . BC ⊂平面BCD ,故DC 1⊥BC .(2)由(1)知BC ⊥DC 1,且BC ⊥CC 1, 则BC ⊥平面ACC 1,所以CA ,CB ,CC 1两两相互垂直.以C 为坐标原点,C A 的方向为x 轴的正方向,|C A|为单位长,建立如图所示的空间直角坐标系C -xyz .由题意知A 1(1,0,2),B (0,1,0),D (1,0,1),C 1(0,0,2).则1D A=(0,0,-1),BD =(1,-1,1),1D C =(-1,0,1). 设n =(x ,y ,z )是平面A 1B 1BD 的法向量,则1·B D 0,·A D 0,n n ⎧=⎪⎨=⎪⎩即0,0.x y z z -+=⎧⎨=⎩ 可取n =(1,1,0).同理,设m 是平面C 1BD 的法向量,则1·B D 0,·D C 0.m m ⎧=⎪⎨=⎪⎩可取m =(1,2,1). 从而cos <n ,m >=·||||n m n m2故二面角A 1-BD -C 1的大小为30°.20.(2012课标全国,理20)设抛物线C :x 2=2py (p >0)的焦点为F ,准线为l ,A 为C 上一点,已知以F 为圆心,FA 为半径的圆F 交l 于B ,D 两点.(1)若∠BFD =90°,△ABD 的面积为求p 的值及圆F 的方程;(2)若A ,B ,F 三点在同一直线m 上,直线n 与m 平行,且n 与C,求坐标原点到m ,n 距离的比值. 解:(1)由已知可得△BFD 为等腰直角三角形,|BD |=2p ,圆F 的半径|FA.由抛物线定义可知A 到l 的距离d =|FA. 因为△ABD 的面积为所以12|BD|·d =即12·2p =解得p =-2(舍去),p =2.所以F (0,1),圆F 的方程为x 2+(y -1)2=8. (2)因为A ,B ,F 三点在同一直线m 上, 所以AB 为圆F的直径,∠ADB =90°. 由抛物线定义知|AD|=|FA |=12|AB |,所以∠ABD =30°,m 3当m 3,由已知可设n :y 3+b ,代入x 2=2py 得x 23-2pb =0. 由于n 与C 只有一个公共点,故Δ=43p 2+8pb =0. 解得b =-6p .因为m 的截距b 1=2p ,1||||b b =3,所以坐标原点到m ,n 距离的比值为3.当m 的斜率为3,由图形对称性可知,坐标原点到m ,n 距离的比值为3.21.(2012课标全国,理21)已知函数f (x )满足f (x )=f '(1)e x -1-f (0)x +12x 2.(1)求f (x )的解析式及单调区间;(2)若f (x )≥12x 2+ax +b ,求(a +1)b 的最大值.解:(1)由已知得f '(x )=f '(1)e x -1-f (0)+x .所以f '(1)=f '(1)-f (0)+1,即f (0)=1. 又f (0)=f '(1)e -1,所以f '(1)=e .从而f (x )=e x -x +12x 2.由于f '(x )=e x -1+x ,故当x ∈(-∞,0)时,f '(x )<0; 当x ∈(0,+∞)时,f '(x )>0.从而,f (x )在(-∞,0)单调递减,在(0,+∞)单调递增. (2)由已知条件得e x -(a +1)x ≥b .①(ⅰ)若a +1<0,则对任意常数b ,当x <0,且x <11b a -+时,可得e x -(a +1)x <b ,因此①式不成立.(ⅱ)若a +1=0,则(a +1)b =0.(ⅲ)若a +1>0,设g (x )=e x -(a +1)x , 则g '(x )=e x -(a +1).当x ∈(-∞,ln (a +1))时,g '(x )<0; 当x ∈(ln (a +1),+∞)时,g '(x )>0.从而g (x )在(-∞,l n (a +1))单调递减,在(ln (a +1),+∞)单调递增. 故g (x )有最小值g (ln (a +1))=a +1-(a +1)ln (a +1). 所以f (x )≥12x 2+ax +b 等价于b ≤a +1-(a +1)ln (a +1).②因此(a +1)b ≤(a +1)2-(a +1)2ln (a +1). 设h (a )=(a +1)2-(a +1)2ln (a +1), 则h '(a )=(a +1)(1-2ln (a +1)).所以h (a )在(-1,12e -1)单调递增,在(12e -1,+∞)单调递减,故h (a )在a =12e -1处取得最大值. 从而h (a )≤e 2,即(a +1)b ≤e 2.当a =12e -1,b =12e 2时,②式成立,故f (x )≥12x 2+ax +b .综合得,(a +1)b 的最大值为e 2.22.(2012课标全国,理22)选修4—1:几何证明选讲如图,D ,E 分别为△ABC 边AB ,AC 的中点,直线DE 交△ABC 的外接圆于F ,G 两点.若CF ∥AB ,证明:(1)CD =BC ;(2)△BCD ∽△GBD .证明:(1)因为D ,E 分别为AB ,AC 的中点,所以DE ∥BC .又已知CF ∥AB ,故四边形BCFD 是平行四边形, 所以CF =BD =AD . 而CF ∥AD ,连结AF ,所以ADCF 是平行四边形,故CD =AF . 因为CF ∥AB ,所以BC =AF ,故CD =BC . (2)因为FG ∥BC ,故GB =CF . 由(1)可知BD =CF ,所以GB =BD .而∠DGB =∠EFC =∠DBC ,故△BCD ∽△GBD .23.(2012课标全国,理23)选修4—4:坐标系与参数方程已知曲线C 1的参数方程是2cos ,3sin x y ϕϕ=⎧⎨=⎩(φ为参数),以坐标原点为极点,x 轴的正半轴为极轴建立极坐标系,曲线C 2的极坐标方程是ρ=2.正方形ABCD 的顶点都在C 2上,且A ,B ,C ,D 依逆时针次序排列,点A 的极坐标为π2,3⎛⎫⎪⎝⎭.(1)求点A ,B ,C ,D 的直角坐标;(2)设P 为C 1上任意一点,求|PA |2+|PB |2+|PC |2+|PD |2的取值范围. 解:(1)由已知可得A ππ2cos ,2sin 33⎛⎫ ⎪⎝⎭,B ππππ2cos ,2sin 3232⎛⎫⎛⎫⎛⎫++ ⎪ ⎪⎪⎝⎭⎝⎭⎝⎭,C ππ2cos π,2sin π33⎛⎫⎛⎫⎛⎫++ ⎪ ⎪⎪⎝⎭⎝⎭⎝⎭, D π3ππ3π2cos ,2sin 3232⎛⎫⎛⎫⎛⎫++ ⎪ ⎪⎪⎝⎭⎝⎭⎝⎭, 即A (1B1),C (-1D1). (2)设P (2cos φ,3sin φ),令S =|PA |2+|PB |2+|PC |2+|PD |2,则S =16cos 2φ+36sin 2φ+16=32+20si n 2φ.因为0≤sin 2φ≤1,所以S 的取值范围是[32,52]. 24.(2012课标全国,理24)选修4—5:不等式选讲 已知函数f (x )=|x +a |+|x -2|.(1)当a =-3时,求不等式f (x )≥3的解集;(2)若f (x )≤|x -4|的解集包含[1,2],求a 的取值范围.解:(1)当a =-3时,f (x )=25,2,1,23,25, 3.x x x x x -+≤⎧⎪<<⎨⎪-≥⎩当x ≤2时,由f (x )≥3得-2x +5≥3,解得x ≤1; 当2<x <3时,f (x )≥3无解;当x ≥3时,由f (x )≥3得2x -5≥3,解得x ≥4; 所以f (x )≥3的解集为{x |x ≤1}∪{x |x ≥4}. (2)f (x )≤|x -4|⇔|x -4|-|x -2|≥|x +a |. 当x ∈[1,2]时,|x -4|-|x -2|≥|x +a | ⇔4-x -(2-x )≥|x +a | ⇔-2-a ≤x ≤2-a .由条件得-2-a ≤1且2-a ≥2,即-3≤a ≤0. 故满足条件的a 的取值范围为[-3,0].。

2012新课标全国卷理科数学试题及详细解答

2012新课标全国卷理科数学试题及详细解答

2012年新课标全国卷理科数学试题详细解答第I 卷(共60分)一、选择题:本大题共12小题,每小题5分,共60分.每小题有且只有一个选项是符合题目要求的.1.已知集合A={1,2,3,4,5},B={(x ,y )|x A ∈,y A ∈,x y A -∈},则B 中包含元素的个数为( ) A .3 B .6 C .8 D .10 【解析】由集合B 可知,x y >,因此B={(2,1),(3,2),(4,3),(5,4),(3,1),(4,2), (5,3),(4,1),(5,2),(5,1)},B 的元素10个,所以选择D 。

【点评】本题主要考察复数的运算,属简单题。

2.将2名教师,4名学生分成2个小组,分别安排到甲、乙两地参加社会实践活动,每个小组由1名教师和2名学生组成,不同的安排方案共有( ) A .12种B .10种C .9种D .8种【解析】先安排甲组,共有122412C C ⋅=种,再安排乙组,将剩余的1名教师和2名学生安排到乙组即可,共有1种,根据乘法原理得不同的安排方案共有12种,故选择A 。

【点评】本题主要考集合的基础知识,子集的含意。

3.下面是关于复数21z i=-+的四个命题:1p :||2z =;2p :22z i =;3p :z 的共轭复数为1i +;4p :z 的虚部为1-。

其中的真命题为( ) A .2p ,3p B .1p ,2p C .2p ,4pD .3p ,4p【解析】因为22(1)11(1)(1)i z i ii i --===---+-+--,所以||z =,22(1)2z i i =--=,z 的共轭复数为1i -+,z 的虚部为1-,所以2p ,4p 为真命题,故选择C 。

【点评】本题主要考察椭圆的简单几何性质,标准方程的求解。

4.设1F 、2F 是椭圆E :2222x y ab+(0a b >>)的左、右焦点,P 为直线32a x =上一点,21F P F ∆是底角为30°的等腰三角形,则E 的离心率为( )A .12B .23C .34D .45【解析】如图所示,21F P F ∆是等腰三角形,212130F F P F PF ∠=∠=︒,212||||2F P F F c ==, 260PF Q ∠=︒,230F PQ ∠=︒,2||F Q c =,又23||2a F Q c =-,所以32a c c -=,解得34c a =,因此34c e a==,故选择C 。

2012年高考理科数学全国卷1

2012年高考理科数学全国卷1

x y≥ 1,
14.

x,y
满足约束条件
x y≤3,

x≥0,

z

x

2y
的取值范围为_________.
y≥0,
数学试卷 第 3 页(共 6 页)
15. 某一部件由三个电子元件按下图方式连接而成,元件 1 或元件 2 正常工作,且元件 3 正 常工作,则部件正常工作.设三个电子元件的使用寿命(单位:小时)均服从正态分布 N(1 000,502 ) ,且各个元件能否正常工作相互独立,那么该部件的使用寿命超过 1 000 小时的概率为_________.
16. 数列{an} 满足 an1 (1)n an 2n 1 ,则{an} 的前 60 项和为_________.
三、解答题:本大题共 6 小题,共 70 分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤. 17.(本小题满分 12 分)
已知 a,b,c 分别为 △ABC 三个内角 A,B,C 的对边, acosC 3asinC b c 0 . (Ⅰ)求 A; (Ⅱ)若 a 2 , △ABC 的面积为 3 ,求 b,c.
A. 1 2
B. 2 3
()
C. 3 4
D. 4 5
5. 已知 {an} 为等比数列, a4 a7 2 , a5a6 8 ,则 a1 a10
()
A. 7
B. 5
C. 5
D. 7
6. 如果执行右边的程序框图,输入正整数 N(N≥2) 和实数 a1 ,
a2 , , aN ,输出 A,B,则
SC 为球 O 的直径,且 SC 2 ,则此棱锥的体积为
A. 2 6
B. 3 6

2012年高考理科数学试题及答案-全国卷2

2012年高考理科数学试题及答案-全国卷2

2012 年普通高等学校招生全国统一考试(新课标Ⅱ卷)理科数学第Ⅰ卷一、选择题:(本大题共12 小题,每小题 5 分,共60 分. 在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.)1. 已知集合A={1, 2, 3, 4, 5} ,B={( x,y)| x∈A, y∈A, x- y∈A},则B 中所含元素的个数为()A. 3B. 6C. 8D. 102. 将2 名教师,4 名学生分成两个小组,分别安排到甲、乙两地参加社会实践活动,每个小组由一名教师和 2 名学生组成,不同的安排方案共有()A. 12 种B. 10 种C. 9 种D. 8 种3. 下面是关于复数z21 i的四个命题中,真命题为()2P1: |z|=2,P2: z =2i,P3: z 的共轭复数为1+i,P4: z 的虚部为- 1 .A. P2,P3B. P1,P2C. P2,P4D. P3,P42 2x y 4.设F1,F2 是椭圆E: 12 2a b (a b 0) 的左右焦点,P 为直线3ax 上的一点,2△F2PF 是底角为30o的等腰三角形,则E 的离心率为()1A. 12B.23C.34D.455. 已知{ a n}为等比数列,a4 + a7 = 2,a5 a6 = 8,则a1 + a10 =()A. 7B. 5C. - 5D. - 76. 如果执行右边的程序框图,输入正整数N(N≥2)和实数a1,a2,⋯,a N,输入A、B,则()A. A+B 为a1,a2,⋯,a N 的和B. A B 为a1,a2,⋯,a N 的算术平均数2C. A 和B 分别是a1,a2,⋯,a N 中最大的数和最小的数D. A 和B 分别是a1,a2,⋯,a N 中最小的数和最大的数7. 如图,网格纸上小正方形的边长为1,粗线画出的是某几何体的三视图,则此几何体的体积为()A. 6B. 9C. 12D. 182012 年高考数学试题(理)第1页【共10 页】8. 等轴双曲线 C 的中心在原点,焦点在x 轴上,C 与抛物线y2=16 x 的准线交于A,B 两点,|AB|=4 3 ,则 C 的实轴长为()A. 2B. 2 2C. 4D. 89. 已知0 ,函数 f (x) sin( x ) 在, )( 单调递减,则的取值范围是()4 2A.1 5[ , ]2 4B.1 3[ , ]2 4C.1(0, ]2D. (0,2]10. 已知函数f1(x) ,则y f (x) 的图像大致为()ln( x 1) xy y y y1o 1 x 1o 1 x1o 1 x1ox 1A. B. C. D.11. 已知三棱锥S- A BC 的所有顶点都在球O 的球面上,△ABC 是边长为 1 的正三角形,SC为球O 的直径,且SC=2,则此棱锥的体积为()A.26B.36C.23D.2212. 设点P 在曲线y 12xe 上,点Q 在曲线y ln( 2x) 上,则| PQ |的最小值为()A. 1 ln 2B. 2(1 ln 2)C. 1 ln 2D. 2(1 ln 2)第Ⅱ卷本卷包括必考题和选考题两部分.第13 题~第21 题为必考题,每个试题考生必须做答.第22 题~第24 题为选考题,考生根据要求做答.二、填空题:(本大题共 4 小题,每小题 5 分,共20 分.)13. 已知向量 a ,b 夹角为45o,且|a| 1,|2a b| 10 ,则|b| .x y 1x y 3,则z x 2y的取值范围为.14. 设x,y 满足约束条件x 0y 02012 年高考数学试题(理)第2页【共10 页】15.某一部件由三个电子元件按下图方式连接而成,元件1 或元件 2 正常工作,且元件 3 正常工作,则部元件1件正常工作. 设三个电子元件的使用寿命(单位:小2),且各元件能否正时)服从正态分布N(1000,50 元件2元件3常工作互相独立,那么该部件的使用寿命超过1000 小时的概率为.n16.数列{a n} 满足a n 1 ( 1) a n 2n 1,则{a n} 的前60 项和为.三、解答题:(解答题应写出文字说明,证明过程或演算步骤.)17.(本小题12 分)已知 a ,b,c 分别为△ABC 三个内角A,B ,C 的对边,a cos C3asin Cbc 0 .(Ⅰ)求A;(Ⅱ)若a=2,△ABC 的面积为 3 ,求b,c.18.(本小题12 分)某花店每天以每枝 5 元的价格从农场购进若干枝玫瑰花,然后以每枝10 元的价格出售,如果当天卖不完,剩下的玫瑰花做垃圾处理.(Ⅰ)若花店某天购进16 枝玫瑰花,求当天的利润y(单位:元)关于当天需求量n (单位:枝,n∈N)的函数解析式;(Ⅱ)花店记录了100 天玫瑰花的日需求量(单位:枝),整理得下表:日需求量n 14 15 16 17 18 19 20频数10 20 16 16 15 13 10 以100 天记录的各需求量的频率作为各需求量发生的概率.(i)若花店一天购进16 枝玫瑰花,X 表示当天的利润(单位:元),求X 的分布列、数学期望及方差;(ii )若花店计划一天购进16 枝或17 枝玫瑰花,你认为应购进16 枝还是17 枝?请说明理由. C1 B1 19.(本小题12 分)如图,直三棱柱ABC - A1B1C1 中,A11AC ,D 是棱AA1 的中点,DC1⊥BD.BC AA12D(Ⅰ)证明:DC1⊥BC;C B(Ⅱ)求二面角A1- BD- C1 的大小.A2 ( p 0) 的焦点为F,准线为l,A 为C 上20.(本小题满分12 分)设抛物线C : x 2py的一点,已知以 F 为圆心,FA 为半径的圆 F 交l 于B,D 两点.(Ⅰ)若∠BFD =90 o,△ABD 面积为4 2 ,求p 的值及圆 F 的方程;(Ⅱ)若A、B、F 三点在同一直线m上,直线n与m 平行,且n 与C 只有一个公共m,n 的距离的比值.点,求坐标原点到2012 年高考数学试题(理)第3页【共10 页】21.(本小题12 分)已知函数x1 1 2f (x) f (1)e f (0) x x .2(Ⅰ)求 f (x) 的解析式及单调区间;12(Ⅱ)若 f (x) x ax b ,求(a 1)b 的最大值.2请考生在第22、23、24 题中任选择一题作答,如果多做,则按所做的第一题评分,做答时请用2B 铅笔在答题卡上将所选题目对应的题号方框涂黑.22.(本小题10 分)【选修4-1:几何证明选讲】A 如图,D,E 分别为△ABC边A B,AC 的中点,直线D E 交于△ABC 的外接圆于F,G 两点,若CF // AB,证明:(Ⅰ)CD = BC;G DEF (Ⅱ)△BCD ∽△GBD .B C23.(本小题10 分)【选修4- 4:坐标系与参数方程】已知曲线C1 的参数方程是xy2cos3sin(为参数),以坐标原点为极点,x轴的正半轴为极轴建立极坐标系,曲线C2 的极坐标方程是ρ= 2. 正方形ABCD 的顶点都在C2 上,且A,B,C,D 依逆时针次序排列,点 A 的极坐标为)(2, .3(Ⅰ)点A,B,C,D 的直角坐标;2 (Ⅱ)设P为C1 上任意一点,求|PA |2+ |PB|2+ |PC |2 的取值范围.+ |PD |24.(本小题10 分)【选修4- 5:不等式选讲】已知函数 f (x) = |x + a| + |x- 2|.(Ⅰ)当 a =- 3 时,求不等式 f (x) ≥3 的解集;(Ⅱ)若 f (x) ≤| x- 4 |的解集包含[1, 2] ,求 a 的取值范围.2012 年高考数学试题(理)第4 页【共10 页】2012年普通高等学校招生全国统一考试(新课标Ⅱ卷)理科数学【参考答案】一、选择题:1.【答案:D】解析:要在1,2,3,4,5 中选出两个,大的是x,小的是y,共 2C5 10 种选法. 2.【答案:A】解析:只需选定安排到甲地的 1 名教师2名学生即可,共有 1 2C C 种安排方案.2 43.【答案:C】22 2解析:经计算,,复数z 的共轭复数为z 1 i, | z| 2 z ( 1 i) =2i1 i1 i ,z的虚部为1,综上可知P2,P4正确.4.【答案:C】解析:由题意可得,△F PF 是底角为30o 的等腰三角形可得2 1 PF F F ,即2 1 23a2( c ) 2c,所以2 eca34.5.【答案:D】解析:∵a4 a7 2,a5a6 a4a7 8,a4 4,a7 2或a4 2,a7 4,∵a,a ,a ,a 成等比数列,1 4 7 10a1 a10 7 .6.【答案:C】解析:由程序框图判断x>A 得A应为a1,a2,⋯,a N 中最大的数,由x<B 得B应为a1,a2,⋯,a N 中最小的数.7.【答案:B】解析:由三视图可知,此几何体为底面是斜边为 6 的等腰直角三角形(俯视图),高为3 的三棱锥,故其体积为1 1V 3 2 3 2 3 9.3 28.【答案:C】解析:抛物线的准线方程是x=4,所以点A( 4,2 3) 在 2 2 2x y a 上,将点 A 代入得2 4a ,所以实轴长为2a 4 .9.【答案:A】3解析:由 2 2 ,k k k Z得,2 2 4 4 21 5∵0,∴.2 4 1 54k 2k, k Z,2 42012 年高考数学试题(理)第5页【共10 页】10.【答案: B 】解析: 易知 y ln( x 1) x 0 对 x ( 1,0) U (0, ) 恒成立, 当且仅当 x 0时, 取等号,故的值域是 (-∞, 0). 所以其图像为 B. 11.【答案: A 】解析:易知点 S 到平面 ABC 的距离是点 O 到平面 ABC 的距离的 2 倍.显然 O- ABC 是棱长为 1 的正四面体,其高为6 3,故1 3 6 2V ,22VV.O ABCS ABCO ABC3 43 12 612.【答案: B 】解析: 因为1x y e 与 y ln(2 x)互为反函数,所以曲线 21 xy e 与曲线 y ln(2 x)关于 2 直线 y=x 对称,故要求 |PQ |的最小值转化为求与直线y=x 平行且与曲线相切的直线间的距离,设切点为 A ,则 A 点到直线 y=x 距离的最小值的 2 倍就是 |PQ |的最小值 . 则11xxxy ( e )e 1, e2 ,即 x ln 2 ,故切点 A 的坐标为 (ln 2,1),因此, 2 2切点 A 点到直线 y=x 距离为| ln 2 1|1 ln 2d,所以 | PQ|2d 2(1 ln2) .22二、填空题: 13.【答案: 3 2 】r r r r rr rrrrrr22222o2|2a b| (2a b)4a 4a b b4|a| 4| a| | b |cos45 |b| 解析: 由已知得rrr24 2 2 | b | |b | 10 ,解得 |b | 3 2.14.【答案: [ 3,3]】解析:画出可行域, 易知当直线 Zx 2y 经过点 (1,2) 时,AC Z 取最小值 - 3;当直线 Zx 2y 经过点 (3,0) 时, Z 取最大值 3. 故 Z x 2y 的取值范围为 [ 3,3].OB15.【答案: 3 8】解析: 由已知可得,三个电子元件使用寿命超过1000 小时的概率均为 1 2,所以该部件的使用寿命超过1000 小时的概率为1 1 32[1 (1 ) ]2 2 8.16.【答案:1830】解析:由na 1 ( 1) a 2n 1 得n n a a 4k 3L2k 2k 1a a 4k 1L2k 1 2k①②,由②①得,a2k 1 a2k 1 2 ③由①得, S S (a a ) (a a ) (a a ) L (a a )偶奇2 1 43 6 5 60 59 2012 年高考数学试题(理)第6页【共10 页】(1 117) 301 5 9 117 1770L . 由③得, S (a3 a1) (a7 a5) (a11 a9)奇2L (a a ) 2 15 30 ,所以59 57 S60 S S奇(S S奇) 2S奇1770 2 30 1830.偶偶三、解答题:17.解析:(Ⅰ)由 a c osC 3a s inC b c 0及正弦定理可得sin A cosC 3sin AsinC sinB sinC 0,sinAcosC 3sinAsinC sin(A C) sinC 0,3sin AsinC cosAsinC sin C 0 ,Q sin C 0 ,3sin A cos A 1 0 ,2sin( A ) 1 0 ,61sin( A ) ,Q 0 A ,6 25A ,6 6 6A ,6 6A .3(Ⅱ)Q S 3 ,V ABC 1 3bc sin A bc 3 ,bc 4 ,Q a 2, A ,2 4 32 2 2 2 cos 2 2 4a b c bc A b c bc ,2 2 8b c ,解得b c 2 .18.解析:(Ⅰ)当n≥16 时,y=16×(10- 5)=80,当n≤15 时,y=5n- 5×(16 - n)=10 n- 80,得10n 80,(n 15)y (n N)80, (n 16).(Ⅱ)(ⅰ)X 可能取60,70,80. P (X =60)=0.1,P (X =70)=0.2,P(X=80)=0.7 ,X 的分布列为:X 60 70 80P 0.1 0.2 0.7 X 的数学期望E(X) =60 ×0.1+70 ×0.2+80 ×0.7=76,X 的方差D(X) =(60-76) 2×0.1+(70-76) 2×0.2+(80-76) 2×0.7=44.(ⅱ)若花店计划一天购进17 枝玫瑰花,X 的分布列为X 55 65 75 85P 0.1 0.2 0.16 0.54 X 的数学期望E(X) =55 ×0.1+65 ×0.2+75 ×0.16+85 ×0.54=76.4,因为76.4 76,所以应购进17 枝玫瑰花.119 .解析:(Ⅰ)证明:设1AC BC AA a ,直三棱柱2 ABC A1B C ,1 1DC1 DC 2a ,CC1 2a , 2 2 2DC DC CC ,DC1 DC . 又1 1Q DC BD ,1 DC I DC D ,DC1 平面B D C .1C1 B1Q BC 平面BDC ,DC1 BC . A1(Ⅱ)由(Ⅰ) 知,D C1 2 a,BC1 5a ,又已知DC B 2012 年高考数学试题(理)第7页【共10 页】ADC o ,1 ,BD 3a . 在Rt△ABD 中,BD 3a ,AD a, DAB 90BDAB 2a . 2 2 2AC BC AB ,AC BC .法一:取A B的中点 E ,则易证C1E 平面BDA1 ,连结DE ,则C1E BD ,已知1 1DC 1 ,BD 平面DC1E ,BD DE ,C1DE 是二面角A1 BD C1 BD平面角. 在Rt△C DE 中,1 sin C DE1C E 2a 2 11C D 2a12,C1DE 30 . 即二面角A1 BD C1的大小为30 .法二:以点 C 为坐标原点,为x 轴,CB 为y 轴,CC 为z轴,建立空间直角坐标系1u u u rC xyz . 则A1 a,0,2 a ,B 0,a,0 ,D a,0, a ,C1 0,0,2 a . DB a, a, a,uuurrDC1 a ,0, a 1 ( 1, 1, 1), 设平面 D B C的法向量为n x y z,则1u u u rrn D B a x a 0y a zr 1 1 1x1 1,得y1 2, z1 1,故可取n1 (1,2,1) u u u r,不妨令. rn D C a x 0 a z1 1 1r r r同理, 可求得平面D BA 的一个法向量n2 (1,1, 0). 设n1 n与的夹角为,则1 2cosr rn n 3 31 2r r , 30 . 由图可知,二面角的大小为锐角,故| | | | 6 2 2n n1 2二面角A1 BD C 的大小为30 .120.解析:(Ⅰ)由对称性可知,△BFD 为等腰直角三角形,斜边上的高为p ,斜边长BD 2p . 点A 到准线l 的距离d FB FD 2 p. 由S ABD 4 2△得,1 1BD d 2 p 2p 4 2 ,p 2 . 圆F 的方程为2 ( 1)2 8 x y .2 2(Ⅱ)由对称性,不妨设点A( x A , y A ) 在第一象限,由已知得线段AB 是圆F 的在直o径,ADB 90 ,BD 2p ,32y p ,代入抛物线 C : x 2pyA2得x A 3p .直线m 的斜率为kAF p3p33. 直线m 的方程为3px 3y 0 . 由22x 2py y得2x2p,yxp. 由yxp33得 ,3x p n.C3的切点坐标为3p p( , )3 6,直线n 的方程为 3 3p0x y . 所以坐标原点到m,62012 年高考数学试题(理)第8页【共10 页】n的距离的比值为3p3p:4 123 .21.解析:(Ⅰ)x 1f (x) f (1e) f (0) x,令x=1 得,f (x)=1,再由x1 1 2f (x) f (1)e f (0)x x ,2令x 0 得 f (1) e. 所以 f (x) 的解析式为1x 2 xf (x) e x x ,∴f (x) e 1 x ,2x易知 f ( x) e 1 x是R 上的增函数,且 f (0) 0 .所以 f ( x) 0 x 0,f (x) 0 x 0 ,所以函数 f ( x) 的增区间为(0, ),减区间为( ,0) .12(Ⅱ)若f (x) x ax b 恒成立,即212 xh( x) f (x) x ax b e (a 1)x b 02x 恒成立,Q h(x) e (a 1).(1) 当a 1 0 时,h (x) 0 恒成立,h(x) 为R 上的增函数,且当x 时,h(x) ,不合题意;(2)当a 1 0 时,h( x) 0恒成立,则b0,(a 1)b 0 ;x(3) 当a 1 0 时,h (x) e (a 1) 为增函数,由h (x) 0 得x ln( a 1) ,故f ( x) 0 x ln( a 1),f (x) 0 x ln( a 1),当x ln( a 1)时,h( x) 取最小值h(ln(a 1)) a 1 (a 1)ln( a 1) b . 依题意有h(ln(a 1)) a 1 (a 1)ln(a 1) b 0,即b a 1 (a 1)ln( a 1),Q a 1 0, 2 2(a 1)b (a 1) (a 1) ln( a 1) ,令2 2u(x) x x lnx (x 0) ,则u (x) 2x 2x ln x x x(1 2ln x) ,u (x) 0 0 x e,u (x) 0e ex e ,所以当x e时,u( x) 取最大值()u e . 故当a 1 e,b 时,2 2e (a 1)b 取最大值212.综上,若 f (x) x ax b ,则2e (a 1)b 的最大值为.222.解析:(Ⅰ)∵D,E 分别为△ABC边A B,AC 的中点,∴DE // BC. GDAEF∵CF //AB,DF // BC,∴CF// BD 且CF =BD,∵又 D 为AB 的中点,B C ∴CF //AD 且CF =AD,∴CD =AF. ∵CF //AB,∴BC=AF ,∴CD =B C.(Ⅱ)由(Ⅰ)知,BC //GF ,∴GB=CF=BD,∠BGD =∠BDG =∠DBC =∠BDC,∴△BCD∽△GBD .23.解析:(Ⅰ)依题意,点A,B,C,D 的极坐标分别为5 4 11 (2, ),(2, ),(2, ),(2, )3 6 3 6.所以点A,B,C,D 的直角坐标分别为(1, 3) 、( 3,1)、( 1,3) 、( 3, 1). 2012 年高考数学试题(理)第9 页【共10 页】(Ⅱ)设P 2cos ,3sin ,则| P A|2 | PB|2 | P C|2 | P D|2 (1 2cos )2 ( 3 3sin )22 2 2 2 2 2( 3 2cos ) (1 3sin ) ( 1 2cos ) ( 3 3sin ) ( 3 2cos ) ( 1 3sin )2 2 216cos 36sin 16 32 20sin 32,52 .所以 2 | | | |2 | |22| PA| PB PC PD 的取值范围为32,52 .x 224.解析:(Ⅰ)当 a 3时,不等式 f (x) 3 | x 3| | x 2 | 3x 3 x 2 3或2x 3x 3 x 2 3 或x 3x 3 x 2 3或x 4 . 所以当 a 3时,不等式f ( x) 3的解集为x x 1或x 4 .(Ⅱ)f (x) |x4|的解集包含[1,2 ],即| x a | | x 2|| x4| 对x1,2 恒成立,即| x a| 2 对x 1,2 恒成立,即 2 a x 2 a 对x 1,2 恒成立,所以2 a 1,即 3 a 0 . 故a的取值范围为3,0 . 2 a 22012 年高考数学试题(理)第10页【共10 页】。

2012年普通高等学校招生全国统一考试数学理试题(山东卷,解析版)

2012年普通高等学校招生全国统一考试数学理试题(山东卷,解析版)

用心 爱心 专心 - 1 - 2012年普通高等学校招生全国统一考试(山东卷)理科数学本试卷分第I 卷和第II 卷两部分,共4页。

满分150分。

考试用时120分钟,考试结束,务必将试卷和答题卡一并上交。

注意事项:1.答题前,考生务必用直径0.5毫米黑色墨水签字笔将自己的姓名、准考证号、县区和科类填写在答题卡上和试卷规定的位置上。

2.第I 卷每小题选出答案后,用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑;如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其他答案标号,答案不能答在试卷上。

3.第II 卷必须用0.5毫米黑色签字笔作答,答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应的位置,不能写在试卷上;如需改动,先划掉原来的答案,然后再写上新的答案;不能使用涂改液、胶带纸、修正带。

不按以上要求作答的答案无效。

4.填空题请直接填写答案,解答题应写出文字说明、证明过程或演算步骤。

参考公式:锥体的体积公式:V=13Sh ,其中S 是锥体的底面积,h 是锥体的高。

如果事件A ,B 互斥,那么P (A+B )=P (A )+P(B);如果事件A,B 独立,那么P (AB )=P (A )·P(B )。

第I 卷(共60分)一、 选择题:本大题共12小题,每小题5分,共60分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。

1 若复数x 满足z(2-i)=11+7i(i 为虚数单位),则z 为A 3+5iB 3-5iC -3+5iD -3-5i 解析:i i i i i i z 535)1114(7225)2)(711(2711+=++-=++=-+=.答案选A 。

另解:设),(R b a bi a z ∈+=,则i i a b b a i bi a 711)2(2)2)((+=-++=-+根据复数相等可知72,112=-=+a b b a ,解得5,3==b a ,于是i z 53+=。

2 已知全集 ={0,1,2,3,4},集合A={1,2,3,},B={2,4} ,则(CuA ) B 为A {1,2,4}B {2,3,4}C {0,2,4}D {0,2,3,4}解析:}4,2,0{)(},4,0{==B A C A C U U 。

2012年普通高等学校招生全国统一考试(全国卷) [理科数学](新课标)含答案

2012年普通高等学校招生全国统一考试(全国卷) [理科数学](新课标)含答案

2012年普通高等学校招生全国统一考试(全国卷) [理科数学](新课标)含答案一.选择题:本大题共12小题:每小题5分。

1.已知集合{1,2,3,4,5}A =,{(,),,}B x y x A y A x y A =∈∈-∈;,则B 中所含元素的个数为( )()A 3 ()B 6 ()C 8 ()D 102.将2名教师:4名学生分成2个小组:分别安排到甲、乙两地参加社会实践活动:每个小组由1名教师和2名学生组成:不同的安排方案共有( )()A 12种 ()B 10种 ()C 9种 ()D 8种3.下面是关于复数21z i=-+的四个命题:其中的真命题为( )1:2p z = 22:2p z i = 3:p z 的共轭复数为1i + 4:p z 的虚部为1-()A 23,p p ()B 12,p p ()C ,p p 24 ()D ,p p 344.设12F F 是椭圆2222:1(0)x y E a b ab+=>>的左、右焦点:P 为直线32a x =上一点:∆21F P F 是底角为30 的等腰三角形:则E的离心率为( )()A 12()B23()C 34()D 455.已知{}n a 为等比数列:472a a +=:568a a =-: 则110a a +=( )()A 7 ()B 5 ()C -5 ()D -76.如果执行右边的程序框图:输入正整数(2)N N ≥和实数12,,...,n a a a :输出,A B :则( )()A A B +为12,,...,n a a a 的和()B2A B +为12,,...,n a a a 的算术平均数()C A 和B 分别是12,,...,n a a a 中最大的数和最小的数 ()D A 和B 分别是12,,...,n a a a 中最小的数和最大的数7.如图:网格纸上小正方形的边长为1:粗线画出的是某几何体的三视图:则此几何体的体积为( )()A 6 ()B 9 ()C 12 ()D 188.等轴双曲线C 的中心在原点:焦点在x 轴上:C 与抛物线x y 162=的准线交于,A B 两点:AB =C 的实轴长为( )()A ()B()C 4 ()D 89.已知0ω>:函数()sin()4f x x πω=+在(,)2ππ上单调递减。

2012年高考理科数学(全国卷)含答案及解析

2012年高考理科数学(全国卷)含答案及解析

2012年普通高等学校招生全国统一考试理科数学(必修+选修II )一、 选择题(1)、复数131i i-++= A. 2 B. 2 C. 12 D. 12i i i i +-+- 【考点】复数的计算【难度】容易【答案】C 【解析】13(13)(1)24121(1)(1)2i i i i i i i i -+-+-+===+++-. 【点评】本题考查复数的计算。

在高二数学(理)强化提高班下学期,第四章《复数》中有详细讲解,其中第02节中有完全相同类型题目的计算。

在高考精品班数学(理)强化提高班中有对复数相关知识的总结讲解。

(2)、已知集合A ={1.3. m },B ={1,m } ,A B =A , 则m =A. 0或3B. 0或3C. 1或3D. 1或3【考点】集合【难度】容易【答案】B【解析】(1,3,),(1,)30,1()3A B A B A A m B m m A m m m m m m ⋃=∴⊆==∴∈∴==∴===或舍去.【点评】本题考查集合之间的运算关系,及集合元素的性质。

在高一数学强化提高班下学期课程讲座1,第一章《集合》中有详细讲解,其中第02讲中有完全相同类型题目的计算。

在高考精品班数学(理)强化提高班中有对集合相关知识及综合题目的总结讲解。

(3) 椭圆的中心在原点,焦距为4, 一条准线为x =﹣4 ,则该椭圆的方程为 A. 216x +212y =1 B. 212x +28y =1 C. 28x +24y =1 D. 212x +24y =1 【考点】椭圆的基本方程【难度】容易【答案】C【解析】椭圆的一条准线为x =﹣4,∴2a =4c 且焦点在x 轴上,∵2c =4∴c =2,a =22∴椭圆的方程为22=184x y + 【点评】本题考查椭圆的基本方程,根据准线方程及焦距推出椭圆的方程。

在高二数学(理)强化提高班,第六章《圆锥曲线与方程》中有详细讲解,其中在第02讲有相似题目的详细讲解。

2012高考理科数学(全国卷)及答案(高清版)

2012高考理科数学(全国卷)及答案(高清版)

2012年普通高等学校夏季招生全国统一考试数学理工农医类(全国卷)本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分.第Ⅰ卷第Ⅰ卷共12小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.一、选择题1.复数13i 1i-+=+( )A .2+iB .2-iC .1+2iD .1-2i2.已知集合A ={1,3},B ={1,m },A ∪B =A ,则m =( )A .0或 B .0或3 C .1D .1或33.椭圆的中心在原点,焦距为4,一条准线为x =-4,则该椭圆的方程为( ) A .2211612x y += B .221128x y += C .22184xy+= D .221124xy+=4.已知正四棱柱ABCD -A 1B 1C 1D 1中,AB =2,1CC =E 为CC 1的中点,则直线AC 1与平面BED 的距离为( )A .2 BCD .15.已知等差数列{a n }的前n 项和为S n ,a 5=5,S 5=15,则数列{11n n a a +}的前100项和为( )A .100101 B .99101 C .99100 D .1011006.△ABC 中,AB 边的高为CD .若C B =a ,C A =b ,a ·b =0,|a |=1,|b |=2,则AD=( )A .1133-a bB .2233-a bC .3355-a b D .4455-a b7.已知α为第二象限角,sin α+cos α3,则cos2α=( )A.3-B.9-C9D38.已知F 1,F 2为双曲线C :x 2-y 2=2的左、右焦点,点P 在C 上,|PF 1|=2|PF 2|,则cos ∠F 1PF 2=( )A .14B .35C .34D .459.已知x =ln π,y =log 52,12=e z -,则( )A .x <y <zB .z <x <yC .z <y <xD .y <z <x10.已知函数y=x3-3x+c的图象与x轴恰有两个公共点,则c=()A.-2或2 B.-9或3 C.-1或1 D.-3或111.将字母a,a,b,b,c,c排成三行两列,要求每行的字母互不相同,每列的字母也互不相同,则不同的排列方法共有()A.12种B.18种C.24种D.36种12.正方形ABCD的边长为1,点E在边AB上,点F在边BC上,AE=BF=37.动点P从E出发沿直线向F运动,每当碰到正方形的边时反弹,反弹时反射角等于入射角.当点P第一次碰到E时,P与正方形的边碰撞的次数为()A.16 B.14 C.12 D.10第Ⅱ卷第Ⅱ卷共10小题,共90分.二、填空题:本大题共4小题,每小题5分,共20分.把答案填在题中横线上.13.若x,y满足约束条件10,30,330,x yx yx y-+≥⎧⎪+-≤⎨⎪+-≥⎩则z=3x-y的最小值为__________.14.)当函数y=sin xx(0≤x<2π)取得最大值时,x=__________.15.若(x+1x)n的展开式中第3项与第7项的二项式系数相等,则该展开式中21x的系数为__________.16.三棱柱ABC-A1B1C1中,底面边长和侧棱长都相等,∠BAA1=∠CAA1=60°,则异面直线AB1与BC1所成角的余弦值为__________.三、解答题:本大题共6小题,共70分.解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤.17.△ABC的内角A,B,C的对边分别为a,b,c,已知cos(A-C)+cos B=1,a=2c,求C.18.如图,四棱锥P-ABCD中,底面ABCD为菱形,P A⊥底面ABCD,AC=,PA=2,E是PC上的一点,PE=2EC.(1)证明:PC⊥平面BED;(2)设二面角A-PB-C为90°,求PD与平面PBC所成角的大小.19.乒乓球比赛规则规定:一局比赛,双方比分在10平前,一方连续发球2次后,对方再连续发球2次,依次轮换.每次发球,胜方得1分,负方得0分.设在甲、乙的比赛中,每次发球,发球方得1分的概率为0.6,各次发球的胜负结果相互独立.甲、乙的一局比赛中,甲先发球.(1)求开始第4次发球时,甲、乙的比分为1比2的概率;(2)ξ表示开始第4次发球时乙的得分,求ξ的期望.20.设函数f(x)=ax+cos x,x∈[0,π].(1)讨论f(x)的单调性;(2)设f(x)≤1+sin x,求a的取值范围.21.已知抛物线C:y=(x+1)2与圆M:(x-1)2+(y-12)2=r2(r>0)有一个公共点A,且在A处两曲线的切线为同一直线l.(1)求r;(2)设m ,n 是异于l 且与C 及M 都相切的两条直线,m ,n 的交点为D ,求D 到l 的距离.22.函数f (x )=x 2-2x -3,定义数列{x n }如下:x 1=2,x n +1是过两点P (4,5),Q n (x n ,f (x n ))的直线PQ n 与x 轴交点的横坐标.(1)证明:2≤x n <x n +1<3; (2)求数列{x n }的通项公式.1. C213i (13i)(1i)1+i+3i 3i24i 12i 1i(1i)(1i)22-+-+---+====+++-.2. B ∵A ={1,3},B ={1,m },A ∪B =A , ∴m =3或m =∴m =3或m =0或m =1.当m =1时,与集合中元素的互异性不符,故选B 项. 3. C ∵焦距为4,即2c =4,∴c =2. 又∵准线x =-4,∴24ac-=-.∴a 2=8.∴b 2=a 2-c 2=8-4=4.∴椭圆的方程为22184xy+=,故选C 项. 4. D 连结AC 交BD 于点O ,连结OE ,∵AB =2,∴AC =.又1CC =AC =CC 1.作CH ⊥AC 1于点H ,交OE 于点M . 由OE 为△ACC 1的中位线知, CM ⊥OE ,M 为C H 的中点.由BD ⊥AC ,EC ⊥BD 知,BD ⊥面EOC , ∴CM ⊥BD .∴CM ⊥面BDE .∴HM 为直线AC 1到平面BDE 的距离.又△AC C 1为等腰直角三角形,∴CH =2.∴HM =1. 5. A 15155()5(5)1522a a a S ++===,∴a 1=1.∴515115151a a d --===--.∴a n =1+(n -1)×1=n .∴111(1)n n a a n n +=+.设11n n a a +⎧⎫⎨⎬⎩⎭的前n 项和为T n ,则100111 1223100101T=+++⨯⨯⨯…=11111 1223100101 -+-++-…=1100 1101101 -=.6.D∵a·b=0,∴a⊥b. 又∵|a|=1,|b|=2,∴||AB=∴12||5C D⨯==.∴||5AD==.∴4444()5555AD AB AB===-=-a b a b.7.A∵sinα+cosα=3,且α为第二象限角,∴α∈(2kπ+π2,2kπ+3π4)(k∈Z).∴2α∈(4kπ+π,4kπ+3π2)(k∈Z).由(sinα+cosα)2=1+sin2α=13,∴2sin23α-=.∴cos23α==-.9.D∵x=ln π>1,y=log52>51log2=,121e2z-==>=,且12e-<e0=1,∴y<z<x.10.A y′=3x-3=3(x+1)(x-1).当y′>0时,x<-1或x>1;当y′<0时,-1<x<1.∴函数的递增区间为(-∞,-1)和(1,+∞),递减区间为(-1,1).∴x=-1时,取得极大值;x=1时,取得极小值.要使函数图象与x轴恰有两个公共点,只需:f(-1)=0或f(1)=0,即(-1)3-3×(-1)+c=0或13-3×1+c=0,∴c=-2或c=2.11. A如图,由于每行、每列的字母都互不相同,故只须排好1,2,3号格即可,显然1号格有3种选择,2,3号格均有两种选择,所以不同的排法共有3×2×2=12种.12. B 结合已知中的点E ,F 的位置,由反射与对称的关系,可将点P 的运动路线展开成直线,如图.当点P 碰到E 时,m 为偶数,且333477m n =+-,即4m =3n .故m 的最小值为6,n =8,线段PE 与网格线交点的个数为(除E 点外)6+8=14个. (PE 的方程为39428y x =-,即4y =3x -97,x ,y 不能同时为整数,所以PE 不过网格交点)13.答案:-1解析:由题意画出可行域,由z =3x -y 得y =3x -z ,要使z 取最小值,只需截距最大即可,故直线过A (0,1)时,z 最大.∴z max =3×0-1=-1. 14.答案:5π6解析:y =sin xcos x=1π2(sin )2sin()223x x x -=-.当y 取最大值时,ππ2π32x k -=+,∴x =2k π+5π6.又∵0≤x <2π,∴5π6x =.15.答案:56解析:∵26C C n n =,∴n =8.T r +1=8C rx 8-r (1x)r =8C rx 8-2r ,令8-2r =-2,解得r =5.∴系数为58C 56=.16.答案:6解析:取BC 的中点O ,连结AO ,A 1O ,BA 1,CA 1,易证BC ⊥AO ,BC ⊥A 1O ,从而BC ⊥AA 1,又BB 1∥AA 1,BB 1⊥BC .延长CB 至D ,使BD =BC ,连结B 1D ,则B 1D ∥BC 1,设BC =1,则1B D =,1AB AD ===.6=17.解:由B =π-(A +C ),得cos B =-cos(A +C ).于是cos(A -C )+cos B =cos(A -C )-cos(A +C )=2sin A sin C ,由已知得sin A sin C =12.①由a =2c 及正弦定理得sin A =2sin C .② 由①②得21sin 4C =,于是1sin 2C -=(舍去)或1sin 2C =.又a =2c ,所以π6C =.18.解法一:(1)证明:因为底面ABCD 为菱形,所以BD ⊥AC .又PA ⊥底面ABCD , 所以PC ⊥BD .设AC ∩BD =F ,连结EF .因为AC =PA =2,PE =2EC ,故PC =3EC =,FC =从而P C F C =A C E C=因为P C A C F CE C=,∠FCE =∠PCA ,所以△FCE ∽△PCA ,∠FEC =∠PAC =90°, 由此知PC ⊥EF .PC 与平面BED 内两条相交直线BD ,EF 都垂直,所以PC ⊥平面BED . (2)在平面P AB 内过点A 作AG ⊥PB ,G 为垂足. 因为二面角A -PB -C 为90°,所以平面PAB ⊥平面PBC . 又平面PAB ∩平面PBC =PB ,故AG ⊥平面PBC ,AG ⊥BC . BC 与平面P AB 内两条相交直线P A ,AG 都垂直, 故BC ⊥平面P AB ,于是BC ⊥AB ,所以底面ABCD 为正方形,AD =2,P D ==. 设D 到平面PBC 的距离为d .因为AD ∥BC ,且AD 平面PBC ,BC 平面PBC ,故AD ∥平面PBC ,A ,D 两点到平面PBC 的距离相等,即d =AG 设PD 与平面PBC 所成的角为α,则1sin 2d P Dα==.所以PD 与平面PBC 所成的角为30°.解法二:(1)证明:以A 为坐标原点,射线AC 为x 轴的正半轴,建立如图所示的空间直角坐标系A -xyz .设C (0,0),D ,b,0),其中b >0,则P (0,0,2),E (3,0,23),B b,0).于是PC =(,0,-2),BE =(3,b ,23),D E =(3,-b ,23),从而0PC BE ⋅= ,0PC DE ⋅=,故PC ⊥BE ,PC ⊥DE .又BE ∩DE =E ,所以PC ⊥平面BDE .(2)AP =(0,0,2),AB=b,0). 设m =(x ,y ,z )为平面P AB 的法向量,则m ·AP =0,m ·AB =0,即2z =0-by =0,令x =b ,则m =(b 0).设n =(p ,q ,r )为平面PBC 的法向量,则n ·PC =0,n ·BE =0,即20r -=且2033bq r ++=,令p =1,则r =q b=-,n =(1,b-).因为面PAB ⊥面PBC ,故m·n =0,即20b b-=,故b =,于是n =(1,-1,DP=(2),1cos ,2||||D P D P D P ⋅== n n n ,〈n ,DP 〉=60°. 因为PD 与平面PBC 所成角和〈n ,DP〉互余,故PD 与平面PBC 所成的角为30°.19.解:记A i 表示事件:第1次和第2次这两次发球,甲共得i 分,i =0,1,2; B i 表示事件:第3次和第4次这两次发球,甲共得i 分,i =0,1,2; A 表示事件:第3次发球,甲得1分;B 表示事件:开始第4次发球时,甲、乙的比分为1比2;C 表示事件:开始第5次发球时,甲得分领先.(1)B =A 0·A +A 1·A ,P (A )=0.4,P (A 0)=0.42=0.16,P (A 1)=2×0.6×0.4=0.48, P (B )=P (A 0·A +A 1·A ) =P (A 0·A )+P (A 1·A )=P (A 0)P (A )+P (A 1)P (A )=0.16×0.4+0.48×(1-0.4)=0.352. (2)(理)P (A 2)=0.62=0.36. ξ的可能取值为0,1,2,3. P (ξ=0)=P (A 2·A )=P (A 2)P (A )=0.36×0.4=0.144, P (ξ=2)=P (B )=0.352,P (ξ=3)=P (A 0·A )=P (A 0)P (A )=0.16×0.6=0.096, P (ξ=1)=1-P (ξ=0)-P (ξ=2)-P (ξ=3) =1-0.144-0.352-0.096=0.408.Eξ=0×P (ξ=0)+1×P (ξ=1)+2×P (ξ=2)+3×P (ξ=3)=0.408+2×0.352+3×0.096=1.400.20.解:(1)f ′(x )=a -sin x .①当a ≥1时,f ′(x )≥0,且仅当a =1,π2x =时,f ′(x )=0,所以f (x )在[0,π]是增函数;②当a ≤0时,f ′(x )≤0,且仅当a =0,x =0或x =π时,f ′(x )=0,所以f (x )在[0,π]是减函数;③当0<a <1时,由f ′(x )=0,解得x 1=arcsin a ,x 2=π-arcsin a . 当x ∈[0,x 1)时,sin x <a ,f ′(x )>0,f (x )是增函数; 当x ∈(x 1,x 2)时,sin x >a ,f ′(x )<0,f (x )是减函数; 当x ∈(x 2,π]时,sin x <a ,f ′(x )>0,f (x )是增函数. (2)由f (x )≤1+sin x ,得f (π)≤1,a π-1≤1, 所以2πa ≤.令g (x )=sin x -2πx (0≤x ≤π2),则g ′(x )=cos x -2π.当x ∈(0,arccos 2π)时,g ′(x )>0, 当x ∈(arccos 2π,π2)时,g ′(x )<0.又g (0)=g (π2)=0,所以g (x )≥0,即2πx ≤sin x (0≤x ≤π2).当a ≤2π时,有f (x )≤2πx +cos x .①当0≤x ≤π2时,2πx ≤sin x ,cos x ≤1,所以f (x )≤1+sin x ; ②当π2≤x ≤π时,f (x )≤2πx +cos x =1+2π(x -π2)-sin(x -π2)≤1+sin x .综上,a 的取值范围是(-∞,2π].21.解:(1)设A (x 0,(x 0+1)2),对y =(x +1)2求导得y ′=2(x +1), 故l 的斜率k =2(x 0+1).当x 0=1时,不合题意,所以x 0≠1. 圆心为M (1,12),MA 的斜率2001(1)21x k'x +-=-.由l ⊥MA 知k ·k ′=-1,即2(x 0+1)·2001(1)21x x +--=-1,解得x 0=0,故A (0,1), r =|MA |2=,即2r =.(2)设(t ,(t +1))为C 上一点,则在该点处的切线方程为y -(t +1)2=2(t +1)(x -t ),即y =2(t +1)x -t 2+1.若该直线与圆M 相切,则圆心M2,2=,化简得t (t -4t -6)=0,解得t 0=0,12t =+,22t =-抛物线C 在点(t i ,(t i +1)2)(i =0,1,2)处的切线分别为l ,m ,n ,其方程分别为y =2x +1,①y =2(t 1+1)x -t 12+1,② y =2(t 2+1)x -t 22+1,③ ②-③得1222t t x +==.将x =2代入②得y =-1,故D (2,-1). 所以D 到l的距离5d ==.22.解:(1)用数学归纳法证明:2≤x n <x n +1<3. ①当n =1时,x 1=2,直线PQ 1的方程为(2)55(4)24f y x --=--, 令y =0,解得2114x =,所以2≤x 1<x 2<3.②假设当n =k 时,结论成立,即2≤x k <x k +1<3. 直线PQ k +1的方程为11()55(4)4k k f x y x x ++--=--,令y =0,解得121342k k k x x x ++++=+,由归纳假设知121134554432223k k k k x x x x +++++==-<-=+++;x k +2-x k +1=111(3)(1)02k k k x x x +++-+>+,即x k +1<x k +2.所以2≤x k +1<x k +2<3,即当n =k +1时,结论成立. 由①②知对任意的正整数n,2≤x n <x n +1<3. (2)由(1)及题意得1342n n n x x x ++=+.设b n =x n -3,则1151n nb b +=+,111115()44n nb b ++=+,数列{114nb +}是首项为34-,公比为5的等比数列.因此1113544n nb -+=-⋅,即14351n n b -=-⋅+, 所以数列{x n }的通项公式为143351n n x --⋅+=.。

2012年高考理科数学试卷及答案全国卷word版

2012年高考理科数学试卷及答案全国卷word版

2012年高考理科数学试卷及答案全国卷word版2012年高考理科数学试卷及答案全国卷word版第一部分:选择题1. 根据分式的定义,下列分式正确的是()A. 0/1B. -1/0C. 1/-1D. 0/0答案: A解析: 根据分式的定义,分母不能为0,所以选项B、C均不正确;0/0是不确定的数,所以选项D也不正确。

2. 在(1,2)处的切线方程是()A. y=x-1B. y=x+1C. y=2x-3D. y=2x-1答案: D解析: 函数y=x^2-1在点(1,0)处的切线斜率为2,因此在(1,2)处的切线斜率也为2,即y=2x+b。

同时,该点在函数图像上,所以代入函数方程可得b=0-1=-1,因此切线方程为y=2x-1。

3. 若x, y>0,且log3x-log3y=log9x-log9y,则x/y等于()A. 1/3B. 1/9C. 3D. 9答案: B解析: 按照对数的性质,log9x=log3( x^(1/2) ),所以原式可以变形为log3(x/y)=log3( x^(1/2)/y^(1/2) )。

然后两边取3的指数,得到x/y=(x/y)^(1/2),解得x/y=1/9。

4. 如图,在正方形ABCD中,点P在AC边上,$AP=\frac{1}{3}AC$,点Q在AD边上,$AQ=\frac{1}{4}AD$,则三角形CPQ的面积是正方形ABCD的面积的()A. 1/12B. 1/16C. 1/24D. 1/36答案: C解析: 因为AP:AC=1:3、AQ:AD=1:4,所以$$\frac{AP}{AC}=\frac{AQ}{AD}=\frac{1}{12}$$因此,三角形APQ与三角形ACD相似。

可以设正方形边长为a,则AC=AD=a√2,AP=1/3×a√2=√2/3a,AQ=1/4×a√2=√2/4a,因此PQ=AP+AQ=7√2/12a,h=AC×PQ/2=49/72a^2,所以三角形CPQ的面积为S=h×PQ/2=7/144a^2,也就是正方形ABCD面积的1/24。

2012年普通高等学校招生全国统一考试理科数学解析版(新课标)

2012年普通高等学校招生全国统一考试理科数学解析版(新课标)

第I 卷(共60分)一、选择题:本大题共12小题,每小题5分,共60分.每小题有且只有一个选项是符合题目要求的. 1.已知集合A={1,2,3,4,5},B={(x ,y )|x A ∈,y A ∈,x y A -∈},则B 中包含元素的个数为( ) A .3 B .6 C .8 D .10【解析】由集合B 可知,x y >,因此B={(2,1),(3,2),(4,3),(5,4),(3,1),(4,2),(5,3),(4,1),(5,2),(5,1)},B 的元素10个,所以选择D 。

【点评】本题主要考察复数的运算,属简单题。

2.将2名教师,4名学生分成2个小组,分别安排到甲、乙两地参加社会实践活动,每个小组由1名教师和2名学生组成,不同的安排方案共有( ) A .12种B .10种C .9种D .8种【解析】先安排甲组,共有122412C C ⋅=种,再安排乙组,将剩余的1名教师和2名学生安排到乙组即可,共有1种,根据乘法原理得不同的安排方案共有12种,故选择A 。

【点评】本题主要考集合的基础知识,子集的含意。

3.下面是关于复数21z i=-+的四个命题: 1p :||2z =;2p :22z i =;3p :z 的共轭复数为1i +;4p :z 的虚部为1-。

其中的真命题为( ) A .2p ,3p B .1p ,2pC .2p ,4pD .3p ,4p【解析】因为22(1)11(1)(1)i z i i i i --===---+-+--,所以||2z =,22(1)2z i i =--=,z 的共轭复数为1i -+,z 的虚部为1-,所以2p ,4p 为真命题,故选择C 。

【点评】本题主要考察椭圆的简单几何性质,标准方程的求解。

4.设1F 、2F 是椭圆E :2222x y a b+(0a b >>)的左、右焦点,P 为直线32a x =上一点, 21F PF ∆是底角为30°的等腰三角形,则E 的离心率为( )A .12 B .23 C .34 D .45【解析】如图所示,21F PF ∆是等腰三角形,212130F F P F PF ∠=∠=︒,212||||2F P F F c ==,260PF Q ∠=︒,230F PQ ∠=︒,2||F Q c =,又23||2aF Q c =-, 所以32a c c -=,解得34c a =,因此34c e a ==,故选择C 。

2012年高考新课标全国卷理综试卷(含答案)

2012年高考新课标全国卷理综试卷(含答案)

2012年普通高等学校招生全国统一考试理科综合能力测试本试卷分第I卷(选择题)和第II卷(非选择题)两部分。

第I卷1至8页,第II卷9至16页,共300分。

考生注意:1.答题前,考生务必将自己的准考证号、姓名填写在答题卡上。

考生要认真核对答题卡上粘贴的条形码的“准考证号、姓名、考试科目”与考生本人准考证号、姓名是否一致。

2.第I卷每小题选出答案后,用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑,如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其他答案标号。

第II卷用黑色墨水签字笔在答题卡上书写作答,在试题卷上作答,答案无效。

3.考试结束,监考员将试题卷、答题卡一并收回。

第I卷一、选择题:1.同一物种的两类细胞各产生一种分泌蛋白,组成这两种蛋白质的各种氨基酸含量相同,但排列顺序不同。

其原因是参与这两种蛋白质合成的是(B)A. tRNA 种类不同B. mRNA碱基序列不同C.核糖体成分不同D.同一密码子所决定的氨基酸不同2.下列关于细胞癌变的叙述,错误的是(D)A.癌细胞在条件不适宜时可无限增殖B.癌变前后,细胞的形态和结构有明显差别C.病毒癌基因可整合到宿主基因组诱发癌变D.原癌基因的主要功能是阻止细胞发生异常增殖3.哺乳动物因长时间未饮水导致机体脱水时,会发生的生理现象是(B)A.血浆渗透压降低B.抗利尿激素分泌增加C.下丘脑渗透压感受器受到的刺激减弱D.肾小管和集合管对水的重吸收作用减弱4.当人看到酸梅时唾液分泌会大量增加,对此现象的分析,错误的是(C)A.这一反射过程需要大脑皮层的参与B.这是一种反射活动,其效应器是唾液腺C.酸梅色泽直接刺激神经中枢引起唾液分泌D.这一过程中有“电—化学—电”信号的转化5.取生长状态一致的燕麦胚芽鞘,分为a、b、c、d四组。

将a、b两组胚芽鞘尖端下方的一段切除,再从c、d两组胚芽鞘中的相应位置分别切取等长的一段,并按图中所示分别接入a、b两组胚芽鞘被切除的位置,得到a′、b′两组胚芽鞘。

河南省_2012年_高考新课标全国卷数学真题(理科数学)(附答案)_历年历届试题(详解)

河南省_2012年_高考新课标全国卷数学真题(理科数学)(附答案)_历年历届试题(详解)

绝密*启用前2012年普通高等学校招生全国统一考试(新课标)理科数学注息事项:1.本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分。

答卷前,考生务必将自己的姓名、准考证号填写在本试卷和答题卡相应位置上。

2.问答第Ⅰ卷时。

选出每小题答案后,用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

如需改动.用橡皮擦干净后,再选涂其它答案标号。

写在本试卷上无效.3.回答第Ⅱ卷时。

将答案写在答题卡上.写在本试卷上无效·4.考试结束后.将本试卷和答且卡一并交回。

第一卷一. 选择题:本大题共12小题,每小题5分,在每小题给同的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。

(1)已知集合{1,2,3,4,5}A =,{(,),,}B x y x A y A x y A =∈∈-∈;,则B 中所含元素的个数为( )()A 3 ()B 6()C 8 ()D 10(2)将2名教师,4名学生分成2个小组,分别安排到甲、乙两地参加社会实践活动,每个小组由1名教师和2名学生组成,不同的安排方案共有( )()A 12种 ()B 10种()C 9种 ()D 8种(3)下面是关于复数21z i=-+的四个命题:其中的真命题为( ) 1:2p z = 22:2p z i = 3:p z 的共轭复数为1i + 4:p z 的虚部为1- ()A 23,p p ()B 12,p p ()C ,p p 24 ()D ,p p 34(4)设12F F 是椭圆2222:1(0)x y E a b a b +=>>的左、右焦点,P 为直线32ax =上一点,∆21F PF 是底角为30 的等腰三角形,则E 的离心率为( )()A 12 ()B 23 ()C 34()D 45(5)已知{}n a 为等比数列,472a a +=,568a a =-,则110a a +=( )()A 7 ()B 5 ()C -5()D -7(6)如果执行右边的程序框图,输入正整数(2)N N ≥和实数12,,...,n a a a ,输出,A B ,则( )()A A B +为12,,...,n a a a 的和 ()B 2A B+为12,,...,n a a a 的算术平均数 ()C A 和B 分别是12,,...,n a a a 中最大的数和最小的数 ()D A 和B 分别是12,,...,n a a a 中最小的数和最大的数(7)如图,网格纸上小正方形的边长为1,粗线画出的是某几何体的三视图,则此几何体的体积为( ) ()A 6 ()B 9 ()C 12 ()D 18(8)等轴双曲线C 的中心在原点,焦点在x 轴上,C 与抛物线x y 162=的准线交于,A B两点,AB =C 的实轴长为( )()A ()B ()C 4 ()D 8(9)已知0ω>,函数()sin()4f x x πω=+在(,)2ππ上单调递减。

2012年普通高等学校招生全国统一考试全国卷(数学理)word版缺答案

2012年普通高等学校招生全国统一考试全国卷(数学理)word版缺答案

2012年普通高等学校招生全国统一考试理科数学(必修+选修Ⅱ)本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分,第Ⅰ卷第1至2页,第Ⅱ卷第3至第4页。

考试结束,务必将试卷和答题卡一并上交。

第Ⅰ卷注意事项:全卷满分150分,考试时间120分钟。

考生注意事项:1.答题前,考生在答题卡上务必用直径0.5毫米黑色墨水签字笔将自己的姓名、准考证号填写清楚,并贴好条形码。

请认真核准该条形码上的准考证号、姓名和科目。

2.没小题选出答案后,用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑,如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其他答案标号。

在试题卷上作答无效.........。

3.第I 卷共12小题,每小题5分,共60分。

在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。

一、选择题(1)复数131i i-+=+ (A )2i + (B )2i - (C )12i + (D )12i -(2)已知集合{1A =,{1,}B m =,A B A = ,则m =(A )0(B )0或3 (C )1(D )1或3(3)椭圆的中心在原点,焦距为4,一条准线为4x =-,则该椭圆的方程为(A )2211612x y += (B )221128x y += (C )22184x y += (D )221124x y += (4)已知正四棱柱1111ABCD A BC D -中 ,2AB =,1CC =,E 为1CC 的中点,则直线1AC 与平面BED 的距离为(A )2 (B(C(D )1(5)已知等差数列{}n a 的前n 项和为n S ,55a =,515S =,则数列11{}n n a a +的前100项和为 (A )100101 (B )99101(C )99100 (D )101100(6)ABC ∆中,AB 边的高为CD ,若CB a = ,CA b = ,0a b ⋅= ,||1a = ,||2b = ,则AD =(A )1133a b - (B )2233a b - (C )3355a b - (D )4455a b -(7)已知α为第二象限角,sin cos 3αα+=,则cos 2α=(A )3- (B )9- (C )9 (D )3(8)已知1F 、2F 为双曲线22:2C x y -=的左、右焦点,点P 在C 上,12||2||PF PF =,则12cos F PF ∠=(A )14 (B )35 (C )34 (D )45(9)已知ln x π=,5log 2y =,12z e -=,则(A )x y z << (B )z x y << (C )z y x << (D )y z x <<(10)已知函数33y x x c =-+的图像与x 恰有两个公共点,则c =(A )2-或2 (B )9-或3 (C )1-或1 (D )3-或1(11)将字母,,,,,a a b b c c 排成三行两列,要求每行的字母互不相同,每列的字母也互不相同,则不同的排列方法共有(A )12种 (B )18种 (C )24种 (D )36种(12)正方形ABCD 的边长为1,点E 在边AB 上,点F 在边BC 上,37AE BF ==。

2012高考新课标数学全国卷答案解析(理科)

2012高考新课标数学全国卷答案解析(理科)

2012⾼考新课标数学全国卷答案解析(理科)绝密*启⽤前2012年普通⾼等学校招⽣全国统⼀考试理科数学注息事项:1.本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(⾮选择题)两部分。

答卷前,考⽣务必将⾃⼰的姓名、准考证号填写在本试卷和答题卡相应位置上。

2.问答第Ⅰ卷时。

选出每⼩题答案后,⽤铅笔把答题卡上对应题⽬的答案标号涂⿊。

如需改动.⽤橡⽪擦⼲净后,再选涂其它答案标号。

写在本试卷上⽆效.3.回答第Ⅱ卷时。

将答案写在答题卡上.写在本试卷上⽆效·4.考试结束后.将本试卷和答且卡⼀并交回。

第⼀卷⼀.选择题:本⼤题共12⼩题,每⼩题5分,在每⼩题给同的四个选项中,只有⼀项是符合题⽬要求的。

(1)已知集合A?{1,2,3,4,5},B?{(x,y)x?A,y?A,x?y?A};,则B中所含元素的个数为()(A)3 (B)6 (C)? (D)??【解析】选Dx?5,y?1,2,3,4,x?4,y?1,2,3,x?3,y?1,2,x?2,y?1共10个(2)将2名教师,4名学⽣分成2个⼩组,分别安排到甲、⼄两地参加社会实践活动,每个⼩组由1名教师和2名学⽣组成,不同的安排⽅案共有()(A)12种 (B)10种 (C)?种 (D)?种【解析】选A12甲地由1名教师和2名学⽣:C2C4?12种(3)下⾯是关于复数z?2的四个命题:其中的真命题为() ?1?ip1:z?2 p2:z2?2i p3:z的共轭复数为1?i p4:z的虚部为?1(A)p2,p3 (B) p1,p2 (C)p?,p? (D)p?,p?【解析】选C z?22(?1?i)1?i ?1?i(?1?i)(?1?i)p1:z?p2:z2?2i,p3:z的共轭复数为?1?i,p4:z的虚部为?1x2y23a(4)设F1F2是椭圆E:2?2?1(a?b?0)的左、右焦点,P为直线x?上⼀点,2abE的离⼼率为() ?F2PF1是底⾓为30的等腰三⾓形,则12?(B) (C) 23?【解析】选C(A)(D)32c3? a4F2PF是底⾓为的等腰三⾓形?PF2?F2F1?2(a?c)?2c?e?301(5)已知?an为等⽐数列,a4?a7?2,a5a6??8,则a1?a10?()(A)7 (B) 5 (C)?? (D)??【解析】选Da4?a7?2,a5a6?a4a7??8?a4?4,a7??2或a4??2,a7?4a4?4,a7??2?a1??8,a10?1?a1?a10??7a4??2,a7?4?a10??8,a1?1?a1?a10??7(6)如果执⾏右边的程序框图,输⼊正整数N(N?2)和实数a1,a2,...,an,输出A,B,则() (A)A?B为a1,a2,...,an的和 (B)A?B为a1,a2,...,an的算术平均数 2(C)A和B分别是a1,a2,...,an中最⼤的数和最⼩的数 (D)A和B分别是a1,a2,...,an中最⼩的数和最⼤的数【解析】选C(7)如图,⽹格纸上⼩正⽅形的边长为1,粗线画出的是某⼏何体的三视图,则此⼏何体的体积为()(A)6 (B) 9 (C)?? (D)??【解析】选B该⼏何体是三棱锥,底⾯是俯视图,⾼为3 此⼏何体的体积为V?(8)等轴双曲线C的中⼼在原点,焦点在x轴上,C与抛物线y2?16x的准线交于A,B 两点,AB?C的实轴长为()116?3?3?9 32(A)(B) (C)? (D)?【解析】选C设C:x2?y2?a2(a?0)交y2?16x的准线l:x??4于A(?B(?4,?得:a2?(?4)2?2?4?a?2?2a?4)在(,?)上单调递减。

2012年普通高等学校招生全国统一考试 数学试卷 新课标理科

2012年普通高等学校招生全国统一考试 数学试卷 新课标理科

2012年普通高等学校招生全国统一考试数学试卷新课标理科理科数学(全国卷)第Ⅰ卷一、选择题(每小题5分,共60分)1.已知复数z的实部为-1,虚部为1,则 =()A.1-iB.1+iC.-iD.i1.【答案】A【解析】因为z=-1+i,则选A.2. 双曲线的离心率为2,则它的渐近线方程是()A. B. C. D.2.【答案】A 【解析】∵,∴,所以,渐近线方程为 .3.如果对于任意实数a,b(a<b),随机变量X服从正态分布,记为,若X~(0,1), ,则()A.1/6B. 1/3C.1/2D. 5/63.【答案】A 【解析】根据正态分布函数图像的对称性可知 .4.若有意义且,,则 =()A. B. C. D.4.【答案】C 【解析】,,,所以 .法二:特值验证,A,B选项错误,中,所以1在中,答案为C.【易错提示】注意排列上下标所满足的条件.5.如图所示得程序框图若输入n=5,则输出的n为()A. -3B. -1C. 1D. 35.【答案】B 【解析】第一次循环之后:n=3;第二次循环之后:n=1;第三次循环之后:n=-1,这时对应函数在上为减函数,输出n=-1.答案为B.【易错提示】具有循环结构的流程图问题,最有效的求解方法之一就是当循环次数比较少时,把每一次循环之后每个变量的取值都一一列出,当循环次数比较多时,利用数列通项把每次循环之后每个变量的取值一一列出,否则容易出现错误.6.已知向量且,则()A.-10B.10C.D.6.【答案】B 【解析】因为,所以,故, . [要学习网,只做中学生最喜欢、最实用的学习论坛,地址 手机版地址]7.一组数据3,4,5,s,t的平均数是4,这组数据的中位数是m,则过点P(和Q(m,m)的直线与直线y=-x+4的位置关系是()A.平行B.相交但不垂直C.垂直D.重合7.【答案】C 【解析】由3,4,5,s,t的平均数是4可得,所以P(2,2),Q(4,4),过点PQ的直线斜率为1,故直线PQ与直线y=-x+4垂直.【易错警示】没有注意整体求出s+t,一直想单独求出s,t,钻进死胡同.8.已知(m,n为正整数),类比以上等式,可推测出则m,n的值,则展开式的常数项是()A.28B.-28C.56D.-568.【答案】B 【解析】归纳可知,故二项式为,所以常数项为 .【易错警示】不能很好地运用归纳法从已知的几个等式中归纳出,解题受阻..9.已知,其导函数的图像如图所示,则的解析式为()A. B.C. D.9.【答案】B 【解析】,由图可以知道的周期为,所以,又因为,所以=4,故,由第一零点法可知,所以 .【易错警示】误以为所给是函数的图像,造成答非所问.10.如果点P在平面区域内,点Q在曲线上,则的最大值与最小值之差为()A.7/2B.C.D.10.【答案】C 【解析】对应的平面区域如图所示,的最小值为圆心到三条边界线的距离减去圆的半径,到直线2x-y+2=0的距离减去圆的半径为,到直线2y-1=0的距离减去圆的半径为3/2,到直线x+y-2=0的距离减去圆的半径为,所以最小值为3/2;最大值为圆心到B点的距离加上圆的半径,即4+1=5,所以最大值与最小值之差为 .【易错警示】简单粗略的习惯性认为到圆上距离最小和最大的点是三角形都是ABC的顶点,认识出现偏差,错误解题.11.已知正项等比数列满足:,且,则的最小值为()A.2/3B.2C.4D.611.【答案】C 【解析】由题意知,化简得,所以q=-1(舍)或q=2,又由已知条件可得,所以,故m+n=6,所以,当且仅当,也就是m=n=3时取“=”.12.抛物线焦点为F,准线为l,经过F的直线与抛物线交于A、B两点,交准线于C点,点A在x轴上方,AK⊥l,垂足为K,若|BC|=2|BF|,且|AF|=4,则△AKF 的面积是()A.4B.C.D.812.C 【解析】如图,引垂足为N,设抛物线的准线与x轴交与M点,由抛物线定义可得|BF|=|NN|,因为|BC|=2|BF|,所以|BC|=2|BN|,故在中,,所以在中,|CF|=2|FM|,同理知|CA|=2|AK|,因为|AK|=|AF|=4,所以|CF|=4,所以P=|FM|=2,|NB|=4/3,故,答案为C.【命题要点】本题以直线和抛物线相交为背景,把解析几何与平面几何结合,考查了抛物线定义,方程、简单几何性质等基本知识,考查了数形结合的数学思想和运算能力,属于难题.第Ⅱ卷一、填空题(每小题5分,共20分)13. 2011年8月12日—2011年8月23日第二十六届世界大学生运动会将在我国深圳举行,某一网站调查对比了年龄高于40岁和不高于40岁的人对大运会吉祥物“UU”(如图所示)的喜爱程度,40岁以上调查的122人与不高于40岁调查的178人所得数据制成如下联表:若工作人员从所有统计结果中任取一个,取到很喜爱吉祥物“UU”的人的概率为19/25,则B-A=13.【答案】156 【解析】设从所有人中任意抽取一个取到很喜爱吉祥物“UU”的人为事件A,由已知,所以X=85 B=228 Y=37 A=72,B-A=156.14.一个圆锥被过顶点的平面截去了较小的一部分几何体,余下的几何体的三视图如图,则该圆锥的体积为14.【答案】【解析】该几何体的直观图如图所示,由正视图得,由侧视图得。

2012年普通高等学校招生全国统一考试 理数(新课标卷)解析版

2012年普通高等学校招生全国统一考试 理数(新课标卷)解析版

2012年普通高等学校招生全国统一考试理科数学解析【试卷总评】本试卷遵循考纲的要求,保持了近几年新课标卷的命题风格,注重基础检测,深化能力立意,突出思维考查。

试卷覆盖了高中数学的主干内容,在题型、题量、难度等方面保持了相对稳定,重视对数学思想方法的考查,着重考查了思维能力、运算能力、空间想象能力、实践能力和创新意识,体现了“多考点想,少考点算”的命题理念。

试题能较好地检测考生的数学素养和进入高等学校继续学习的潜能,有利于高校选拔新生,有利于中学实施素质教育,有利于向新课程高考过渡。

试题具有入手易、深入难、区分好等特点,试题编排由易到难,有利于不同层次考生的水平发挥。

试题立足于现行高中数学教材和教学实际,是一套特色鲜明、亮点突出的好试题。

一、选择题:本大题共12小题,每小题5分,在每小题给同的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。

1、已知集合{}(){}1,2,3,4,5,,,,A B x y x A y A x y A ==∈∈-∈,则B 中所含元素的个数为( )A 、3B 、6C 、8D 、102、将2名教师,4名学生分成2个小组,分别安排到甲、乙两地参加社会实践活动,每个小组由1名教师和2名学生组成,不同的安排方案共有( ) A 、12种 B 、10种 C 、9种 D 、8种3、下面关于复数21z i=-+的四个命题: 1:2,p z = 22:2,p z i =3:p z 的共轭复数为1i + 4:p z 的虚部为1-其中真命题为( )A 、23,p pB 、12,p pC 、24,p pD 、34,p p 答案:C解析:复数22221(1)(1)2,1z i z i i i i==--=--=+=-+,z 的共轭复数为1i -+,z 的虚部为1-,综上可知24,p p 正确.考点定位:本题考查复数的运算,意在考查考生对复数的计算能力及对共轭复数、实虚部的理解判断能力;4、设12,F F 是椭圆2222:1(0)x y E a b a b+=>>的左、右焦点,P 是直线32ax =上一点,21,F PF ∆是底角为30︒的等腰三角形,则E 的离心率为( )A 、12B 、23C 、34D 、455、已知{}n a 为等比数列,472a a +=,568a a ⋅=-,则110a a +=( )A 、7B 、5C 、-5D 、-76、如果执行右边的程序图,输入正整数N (N ≥2)和实数a 1.a 2,…a n ,输入A,B,则 (A)A+B 为a 1a 2,…,a n 的和 (B )2A B+为a 1a 2.…,a n 的算式平均数 (C )A 和B 分别是a 1a 2,…a n 中最大的数和最小的数 (D )A 和B 分别是a 1a 2,…a n 中最小的数和最大的数 答案:C8、等轴双曲线C 的中心在原点,焦点在x 轴上,C 与抛物线x y 162=的准线交于,A B 两点,AB =C 的实轴长为( )()A ()B ()C 4 ()D 89、已知0ω>,函数()sin()4f x x πω=+在(,)2ππ上单调递减。

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课标全国(理)1.(2012课标全国,理1)已知集合A={1,2,3,4,5},B={(x ,y )|x ∈A ,y ∈A ,x-y ∈A },则B 中所含元素的个数为( ).A.3B.6C.8D.10D 由x ∈A ,y ∈A 得x-y ∈A ,得(x ,y )可取如下:(2,1),(3,1),(4,1),(5,1),(3,2),(4,2),(5,2),(4,3),(5,3),(5,4),故集合B 中所含元素的个数为10.2.(2012课标全国,理2)将2名教师,4名学生分成2个小组,分别安排到甲、乙两地参加社会实践活动,每个小组由1名教师和2名学生组成,不同的安排方案共有( ). A.12种 B.10种 C.9种D.8种A 将4名学生均分为2个小组共有224222C C A =3种分法,将2个小组的同学分给两名教师带有22A =2种分法, 最后将2个小组的人员分配到甲、乙两地有22A =2种分法, 故不同的安排方案共有3×2×2=12种. 3.(2012课标全国,理3)下面是关于复数z=21i-+的四个命题: p 1:|z|=2, p 2:z 2=2i,p 3:z 的共轭复数为1+i, p 4:z 的虚部为-1,其中的真命题为( ). A.p 2,p 3 B.p 1,p 2C.p 2,p 4D.p 3,p 4 C z=2(-1i)(-1i)(-1i)-+-=-1-i,故p 1错误;z 2=(-1-i)2=(1+i)2=2i,p 2正确;z 的共轭复数为-1+i,p 3错误;p 4正确.4.(2012课标全国,理4)设F 1,F 2是椭圆E :22x a +22y b =1(a>b>0)的左、右焦点,P 为直线x=32a 上一点,△F 2PF 1是底角为30°的等腰三角形,则E 的离心率为( ).A.12B.23C.34D.45C 设直线x=32a 与x 轴交于点M ,则∠PF 2M=60°,在Rt △PF 2M 中,PF 2=F 1F 2=2c ,F 2M=32a -c ,故cos 60°=22M F PF =3a c 22c -=12,解得c a =34,故离心率e=34.5.(2012课标全国,理5)已知{a n }为等比数列,a 4+a 7=2,a 5a 6=-8,则a 1+a 10=( ). A.7 B.5 C.-5 D.-7 D ∵{a n }为等比数列,∴a 5a 6=a 4a 7=-8,联立47472,8a a a a +=⎧⎨=-⎩可解得474,2a a =⎧⎨=-⎩或472,4,a a =-⎧⎨=⎩ 当474,2a a =⎧⎨=-⎩时,q 3=-12,故a 1+a 10=43a q +a 7q 3=-7;当472,4a a =-⎧⎨=⎩时,q 3=-2,同理,有a 1+a 10=-7. 6.(2012课标全国,理6)如果执行下边的程序框图,输入正整数N (N ≥2)和实数a 1,a 2,…,a N ,输出A ,B ,则( ).A.A+B 为a 1,a 2,…,a N 的和B.2A B +为a 1,a 2,…,a N 的算术平均数C.A 和B 分别是a 1,a 2,…,a N 中最大的数和最小的数D.A 和B 分别是a 1,a 2,…,a N 中最小的数和最大的数C 随着k 的取值不同,x 可以取遍实数a 1,a 2,…,a N ,依次与A ,B 比较,A 始终取较大的那个数,B 始终取较小的那个数,直到比较完为止,故最终输出的A ,B 分别是这N 个数中的最大数与最小数.7.(2012课标全国,理7)如图,网格纸上小正方形的边长为1,粗线画出的是某几何体的三视图,则此几何体的体积为( ).A.6B.9C.12D.18B 由三视图可推知,几何体的直观图如下图所示,可知AB=6,CD=3,PC=3,CD 垂直平分AB ,且PC ⊥平面ACB ,故所求几何体的体积为13×1632⎛⎫⨯⨯ ⎪⎝⎭×3=9.8.(2012课标全国,理8)等轴双曲线C 的中心在原点,焦点在x 轴上,C 与抛物线y 2=16x 的准线交于A ,B 两点,|AB|=则C 的实轴长为( ).C.4D.8 C 设双曲线的方程为22x a -22y a =1,抛物线的准线为x=-4,且|AB|=故可得A (-B (-4,-将点A 坐标代入双曲线方程得a 2=4,故a=2,故实轴长为4.9.(2012课标全国,理9)已知ω>0,函数f (x )=sin π4x ω⎛⎫+ ⎪⎝⎭在π,π2⎛⎫⎪⎝⎭单调递减,则ω的取值范围是( ).A.15,24⎡⎤⎢⎥⎣⎦B.13,24⎡⎤⎢⎥⎣⎦C.10,2⎛⎤ ⎥⎝⎦D.(0,2]A 结合y=sin ωx 的图像可知y=sin ωx 在π3π,22ωω⎡⎤⎢⎥⎣⎦单调递减,而y=sin π4x ω⎛⎫+ ⎪⎝⎭=sin π4x ωω⎡⎤⎛⎫+ ⎪⎢⎥⎝⎭⎣⎦,可知y=sinωx 的图像向左平移π4ω个单位之后可得y=sin π4x ω⎛⎫+ ⎪⎝⎭的图像,故y=sin π4x ω⎛⎫+ ⎪⎝⎭在π5π,44ωω⎡⎤⎢⎥⎣⎦单调递减,故应有π,π2⎡⎤⎢⎥⎣⎦⊆π5π,44ωω⎡⎤⎢⎥⎣⎦,解得12≤ω≤54. 10.(2012课标全国,理10)已知函数f (x )=1ln(1)-x x+,则y=f (x )的图像大致为( ).B 当x=1时,y=1ln21-<0,排除A;当x=0时,y 不存在,排除D;f'(x )=1ln(1)-x x ⎡⎤⎢⎥+⎣⎦'=21[ln(1)-]xx x x ++,因定义中要求x>-1,故-1<x<0时,f'(x )<0,故y=f (x )在(-1,0)上单调递减,故选B .11.(2012课标全国,理11)已知三棱锥S-ABC 的所有顶点都在球O 的球面上,△ABC 是边长为1的正三角形,SC 为球O 的直径,且SC=2,则此棱锥的体积为( ).A ∵SC 是球O 的直径,∴∠CAS=∠CBS=90°.∵BA=BC=AC=1,SC=2,∴取AB 的中点D ,显然AB ⊥CD ,AB ⊥SD , ∴AB ⊥平面SCD.在△CDS 中,,SC=2,利用余弦定理可得cos ∠CDS=222S S 2 CD D C CD SD +-故sin ∠∴S △CDS =12∴V=V B-CDS +V A-CDS =13×S △CDS ×BD+13S △CDS ×AD=13S △CDS ×BA=13×112.(2012课标全国,理12)设点P 在曲线y=12e x 上,点Q 在曲线y=ln(2x )上,则|PQ|的最小值为( ).A.1-ln 2-ln 2) C.1+ln 2+ln 2)B由题意知函数y=12e x与y=ln(2x)互为反函数,其图像关于直线y=x对称,两曲线上点之间的最小距离就是y=x与y=12e x最小距离的2倍,设y=12e x上点(x0,y0)处的切线与y=x平行,有01e2x=1,x0=ln2,y0=1,∴y=x与y=12e x-ln2),∴|PQ|-ln2)×2-ln2).13.(2012课标全国,理13)已知向量a,b夹角为45°,且|a|=1,|2则|b|=.∵a,b的夹角为45°,|a|=1,∴a·b=|a|×|b|cos45°|b|,|2a-b|2=4-4|b|+|b|2=10,∴|b|=14.(2012课标全国,理14)设x,y满足约束条件1,3,0,0,x yx yxy-≥-⎧⎪+≤⎪⎨≥⎪⎪≥⎩则z=x-2y的取值范围为.[-3,3]作出不等式组的可行域,如图阴影部分,作直线l0:x-2y=0,在可行域内平移知过点A时,z=x-2y取得最大值,过点B时,z=x-2y取最小值.由10,30,x yx y-+=⎧⎨+-=⎩得B点坐标为(1,2),由0,30,yx y=⎧⎨+-=⎩得A点坐标为(3,0).∴z max=3-2×0=3,z min=1-2×2=-3.∴z∈[-3,3].15.(2012课标全国,理15)某一部件由三个电子元件按下图方式连接而成,元件1或元件2正常工作,且元件3正常工作,则部件正常工作.设三个电子元件的使用寿命(单位:小时)均服从正态分布N(1000,502),且各个元件能否正常工作相互独立,那么该部件的使用寿命超过1000小时的概率为.38设元件1,2,3的使用寿命超过1000小时的事件分别记为A,B,C,显然P(A)=P(B)=P(C)=12, ∴该部件的使用寿命超过1000的事件为(A B+A B+AB)C.∴该部件的使用寿命超过1000小时的概率为P=12⎛⎝×12+12×12+12×12⎫⎪⎭×12=38.16.(2012课标全国,理16)数列{a n}满足a n+1+(-1)n a n=2n-1,则{a n}的前60项和为.1830∵a n+1+(-1)n a n=2n-1,∴a2=1+a1,a3=2-a1,a4=7-a1,a5=a1,a6=9+a1,a7=2-a1,a8=15-a1,a9=a1,a10=17+a1,a11=2-a1,a12=23-a1,…,a57=a1,a58=113+a1,a59=2-a1,a60=119-a1,∴a1+a2+…+a60=(a1+a2+a3+a4)+(a5+a6+a7+a8)+…+(a57+a58+a59+a60)=10+26+42+…+234=15(10234)2⨯+=1 830.17.(2012课标全国,理17)已知a ,b ,c 分别为△ABC 三个内角A ,B ,C 的对边,a cos sin C-b-c=0. (1)求A ;(2)若a=2,△ABC 求b ,c.解:(1)由a cos sin C-b-c=0及正弦定理得sin A cos A sin C-sin B-sin C=0. 因为B=π-A-C ,A sin C-cos A sin C-sin C=0. 由于sin C ≠0,所以sin π6A ⎛⎫- ⎪⎝⎭=12.又0<A<π,故A=π3.(2)△ABC 的面积S=12bc sin 故bc=4.而a 2=b 2+c 2-2bc cos A ,故b 2+c 2=8. 解得b=c=2.18.(2012课标全国,理18)某花店每天以每枝5元的价格从农场购进若干枝玫瑰花,然后以每枝10元的价格出售.如果当天卖不完,剩下的玫瑰花作垃圾处理.(1)若花店一天购进16枝玫瑰花,求当天的利润y (单位:元)关于当天需求量n (单位:枝,n ∈N)的函数解析式; (2)花店记录了100天玫瑰花的日需求量(单位:枝),整理得下表:以100天记录的各需求量的频率作为各需求量发生的概率.①若花店一天购进16枝玫瑰花,X 表示当天的利润(单位:元),求X 的分布列、数学期望及方差; ②若花店计划一天购进16枝或17枝玫瑰花,你认为应购进16枝还是17枝?请说明理由. 解:(1)当日需求量n ≥16时,利润y=80.当日需求量n<16时,利润y=10n-80. 所以y 关于n 的函数解析式为y=1080,16,80,16n n n -<⎧⎨≥⎩(n ∈N). (2)①X 可能的取值为60,70,80,并且P (X=60)=0.1,P (X=70)=0.2,P (X=80)=0.7. X 的分布列为X 的数学期望为EX=60×0.1+70×0.2+80×0.7=76.X 的方差为DX=(60-76)2×0.1+(70-76)2×0.2+(80-76)2×0.7=44. ②答案一:花店一天应购进16枝玫瑰花.理由如下:若花店一天购进17枝玫瑰花,YY 的数学期望为EY=55×0.1+65×0.2+75×0.16+85×0.54=76.4.Y 的方差为DY=(55-76.4)2×0.1+(65-76.4)2×0.2+(75-76.4)2×0.16+(85-76.4)2×0.54=112.04. 由以上的计算结果可以看出,DX<DY ,即购进16枝玫瑰花时利润波动相对较小. 另外,虽然EX<EY ,但两者相差不大. 故花店一天应购进16枝玫瑰花. 答案二:花店一天应购进17枝玫瑰花.理由如下:若花店一天购进17枝玫瑰花,YY 的数学期望为EY=55×0.1+65×0.2+75×0.16+85×0.54=76.4.由以上的计算结果可以看出,EX<EY ,即购进17枝玫瑰花时的平均利润大于购进16枝时的平均利润.故花店一天应购进17枝玫瑰花.19.(2012课标全国,理19)如图,直三棱柱ABC-A 1B 1C 1中,AC=BC=12AA 1,D 是棱AA 1的中点,DC 1⊥BD.(1)证明:DC 1⊥BC ;(2)求二面角A 1-BD-C 1的大小.解:(1)证明:由题设知,三棱柱的侧面为矩形.由于D 为AA 1的中点,故DC=DC 1. 又AC=12AA 1,可得D 21C +DC 2=C 21C ,所以DC 1⊥DC.而DC 1⊥BD ,DC ∩BD=D ,所以DC 1⊥平面BCD. BC ⊂平面BCD ,故DC 1⊥BC. (2)由(1)知BC ⊥DC 1,且BC ⊥CC 1, 则BC ⊥平面ACC 1,所以CA ,CB ,CC 1两两相互垂直.以C 为坐标原点,CA 的方向为x 轴的正方向,|CA|为单位长,建立如图所示的空间直角坐标系C-xyz.由题意知A 1(1,0,2),B (0,1,0),D (1,0,1),C 1(0,0,2).则1D A =(0,0,-1),BD =(1,-1,1),1DC=(-1,0,1). 设n=(x ,y ,z )是平面A 1B 1BD 的法向量,则1·BD 0,·A D 0,n n ⎧=⎪⎨=⎪⎩ 即0,0.x y z z -+=⎧⎨=⎩ 可取n=(1,1,0).同理,设m 是平面C 1BD 的法向量,则1·BD 0,·DC 0.m m ⎧=⎪⎨=⎪⎩ 可取m=(1,2,1). 从而cos <n ,m>=·||||n m n m故二面角A 1-BD-C 1的大小为30°.20.(2012课标全国,理20)设抛物线C :x 2=2py (p>0)的焦点为F ,准线为l ,A 为C 上一点,已知以F 为圆心,FA 为半径的圆F 交l 于B ,D 两点.(1)若∠BFD=90°,△ABD 的面积为求p 的值及圆F 的方程;(2)若A ,B ,F 三点在同一直线m 上,直线n 与m 平行,且n 与C 只有一个公共点,求坐标原点到m ,n 距离的比值. 解:(1)由已知可得△BFD 为等腰直角三角形,|BD|=2p ,圆F 的半径由抛物线定义可知A 到l 的距离因为△ABD 的面积为所以12|BD|·d=即12·2p解得p=-2(舍去),p=2.所以F (0,1),圆F 的方程为x 2+(y-1)2=8. (2)因为A ,B ,F 三点在同一直线m 上, 所以AB 为圆F 的直径,∠ADB=90°. 由抛物线定义知|AD|=|FA|=1|AB|,所以∠ABD=30°,m或当m,由已知可设n :,代入x 2=2py 得x 22pb=0.由于n 与C 只有一个公共点,故Δ=43p 2+8pb=0.解得b=-6p .因为m 的截距b 1=2p ,1||||b b =3,所以坐标原点到m ,n 距离的比值为3.当m 的斜率为时,由图形对称性可知,坐标原点到m ,n 距离的比值为3.21.(2012课标全国,理21)已知函数f (x )满足f (x )=f'(1)e x-1-f (0)x+12x 2.(1)求f (x )的解析式及单调区间;(2)若f (x )≥12x 2+ax+b ,求(a+1)b 的最大值.解:(1)由已知得f'(x )=f'(1)e x-1-f (0)+x.所以f'(1)=f'(1)-f (0)+1,即f (0)=1. 又f (0)=f'(1)e -1,所以f'(1)=e . 从而f (x )=e x -x+12x 2.由于f'(x )=e x -1+x ,故当x ∈(-∞,0)时,f'(x )<0; 当x ∈(0,+∞)时,f'(x )>0.从而,f (x )在(-∞,0)单调递减,在(0,+∞)单调递增. (2)由已知条件得e x -(a+1)x ≥b.①(ⅰ)若a+1<0,则对任意常数b ,当x<0,且x<11b a -+时,可得e x -(a+1)x<b ,因此①式不成立.(ⅱ)若a+1=0,则(a+1)b=0.(ⅲ)若a+1>0,设g (x )=e x -(a+1)x , 则g'(x )=e x -(a+1).当x ∈(-∞,ln(a+1))时,g'(x )<0;当x ∈(ln(a+1),+∞)时,g'(x )>0.从而g (x )在(-∞,ln(a+1))单调递减,在(ln(a+1),+∞)单调递增. 故g (x )有最小值g (ln(a+1))=a+1-(a+1)ln(a+1). 所以f (x )≥12x 2+ax+b 等价于b ≤a+1-(a+1)ln(a+1).②因此(a+1)b ≤(a+1)2-(a+1)2ln(a+1). 设h (a )=(a+1)2-(a+1)2ln(a+1), 则h'(a )=(a+1)(1-2ln(a+1)). 所以h (a )在(-1,12e -1)单调递增, 在(12e -1,+∞)单调递减,故h (a )在a=12e -1处取得最大值. 从而h (a )≤e 2,即(a+1)b ≤e 2.当a=12e -1,b=12e 2时,②式成立,故f (x )≥12x 2+ax+b.综合得,(a+1)b 的最大值为e 2.22.(2012课标全国,理22)选修4—1:几何证明选讲如图,D ,E 分别为△ABC 边AB ,AC 的中点,直线DE 交△ABC 的外接圆于F ,G 两点.若CF ∥AB ,证明:(1)CD=BC ;(2)△BCD ∽△GBD.证明:(1)因为D ,E 分别为AB ,AC 的中点,所以DE ∥BC.又已知CF ∥AB ,故四边形BCFD 是平行四边形, 所以CF=BD=AD. 而CF ∥AD ,连结AF ,所以ADCF 是平行四边形,故CD=AF. 因为CF ∥AB ,所以BC=AF ,故CD=BC. (2)因为FG ∥BC ,故GB=CF. 由(1)可知BD=CF ,所以GB=BD. 而∠DGB=∠EFC=∠DBC ,故△BCD ∽△GBD.23.(2012课标全国,理23)选修4—4:坐标系与参数方程已知曲线C 1的参数方程是2cos ,3sin x y ϕϕ=⎧⎨=⎩(φ为参数),以坐标原点为极点,x 轴的正半轴为极轴建立极坐标系,曲线C 2的极坐标方程是ρ=2.正方形ABCD 的顶点都在C 2上,且A ,B ,C ,D 依逆时针次序排列,点A 的极坐标为π2,3⎛⎫ ⎪⎝⎭.(1)求点A ,B ,C ,D 的直角坐标;(2)设P 为C 1上任意一点,求|PA|2+|PB|2+|PC|2+|PD|2的取值范围. 解:(1)由已知可得A ππ2cos ,2sin 33⎛⎫ ⎪⎝⎭,B ππππ2cos ,2sin 3232⎛⎫⎛⎫⎛⎫++ ⎪ ⎪⎪⎝⎭⎝⎭⎝⎭,C ππ2cos π,2sin π33⎛⎫⎛⎫⎛⎫++ ⎪ ⎪⎪⎝⎭⎝⎭⎝⎭,D π3ππ3π2cos ,2sin 3232⎛⎫⎛⎫⎛⎫++ ⎪ ⎪⎪⎝⎭⎝⎭⎝⎭, 即AB (C (-1,D-1).(2)设P (2cos φ,3sin φ),令S=|PA|2+|PB|2+|PC|2+|PD|2, 则S=16cos 2φ+36sin 2φ+16=32+20sin 2φ. 因为0≤sin 2φ≤1,所以S 的取值范围是[32,52].24.(2012课标全国,理24)选修4—5:不等式选讲 已知函数f (x )=|x+a|+|x-2|.(1)当a=-3时,求不等式f (x )≥3的解集;(2)若f (x )≤|x-4|的解集包含[1,2],求a 的取值范围.解:(1)当a=-3时,f (x )=25,2,1,23,25, 3.x x x x x -+≤⎧⎪<<⎨⎪-≥⎩当x ≤2时,由f (x )≥3得-2x+5≥3,解得x ≤1; 当2<x<3时,f (x )≥3无解;当x ≥3时,由f (x )≥3得2x-5≥3,解得x ≥4; 所以f (x )≥3的解集为{x|x ≤1}∪{x|x ≥4}. (2)f (x )≤|x-4|⇔|x-4|-|x-2|≥|x+a|. 当x ∈[1,2]时,|x-4|-|x-2|≥|x+a| ⇔4-x-(2-x )≥|x+a| ⇔-2-a ≤x ≤2-a.由条件得-2-a ≤1且2-a ≥2,即-3≤a ≤0. 故满足条件的a 的取值范围为[-3,0].。

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