2017年甘肃省定西市通渭县榜罗中学高一上学期物理期末试卷与解析

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高一物理第一学期期末考试卷附答案解析

高一物理第一学期期末考试卷附答案解析一、选择题1．如图所示，质量为m的物体在恒力F的作用下沿天花板匀速滑动，F与水平方向的夹角为θ，物体与天花板之间的动摩擦因数为μ，则物体受到的摩擦力大小是( )A．F cosθB．F sinθC．μ(F sinθ+mg)D．μ(mg-F sinθ)2．一个物体受到大小分别为2 N、4 N和5 N的三个共点力的作用，其合力的最小值和最大值分别为( )A．0 N，11 N B．1 N，11 NC．1 N，9 N D．0 N，9 N3．下列说法正确的是A．物体运动的速度改变量越大，它的加速度却不一定越大B．同一汽车，速度越大，越难以停下来，说明物体速度越大，其惯性越大C．作用力与反作用力也可能是一对平衡力D．牛顿最早指出力不是维持物体运动的原因4．一质点沿曲线从M点运动到N点，它在P点时的速度v方向和加速度a方向可能是A．B．C．D．5．渡河时船头始终沿垂直河岸的方向．已知船在静水中航行的速度大小不变，水流的速度与船离最近的岸边的距离成正比，且比例系数为定值，河的两岸平行．在水平面内，以出发点为坐标原点，沿着河岸的方向为x轴，垂直河岸方向为y轴，四位同学画出此过程中小船运动的轨迹，其中符合实际情况的是（）A．B．C ．D ．6．放假了，小明斜拉着拉杆箱离开校园。

如图所示，小明的拉力大小为F ，方向沿拉杆斜向上，与水平地面夹角为θ．与拉杆箱竖直静止在水平地面且不受拉力相比，此时拉杆箱对水平面的压力（）A ．减少了sin F θB ．增大了sin F θC ．减小了cos F θD ．增大了cos F θ7．如图所示，竖直放置的玻璃管内放置着一片树叶和一个小石子，现将玻璃管迅速翻转180°，玻璃管内非真空，下列说法正确的是（）A ．树叶和小石子同时落到底部B ．小石子在下落过程中，处于失重状态C ．树叶在下落过程中，处于超重状态D ．将玻璃管抽成真空，重复上述实验，在树叶和小石子下落过程中，树叶和小石子都处于超重状态8．下列说法正确的是A ．米、牛顿、秒是国际单位制中的基本单位B ．力、速度、路程均为矢量C ．只有细小的物体才可看成质点D ．静止的物体也有惯性9．我国“80后”女航天员王亚平在“天宫一号”里给全国的中小学生们上一堂实实在在的“太空物理课”。

(完整)高一第一学期物理必修一期末考试试卷及答案,推荐文档

B AFF v F θ A 第六题图高一上学期物理期末考试一、单项选择题（16分） 1．在物理学中，突出问题的主要方面，忽略次要因素，建立理想化的物理模型，是经常采用的一种科学研究方法．质点就是这种物理模型之一．关于地球能否看作质点，下列说法正确的是( ) A ．地球的质量太大，不能把地球看作质点 B ．地球的体积太大，不能把地球看作质点 C ．研究地球的自转时可以把地球看作质点 D ．研究地球绕太阳公转时可以把地球看作质点2. 如图所示，在地面上的物体A 、B 在水平力F 作用下处于静止状态，现对A 、B 进行受力分析，以下关于A 、B 受力的情况中说法正确的是：（） A ．B 受到重力、支持力和摩擦力B ．A 受到重力、支持力、压力和两个摩擦力C ．A 受到重力、支持力、压力和地面对它的摩擦力D ．通过B 的传递，A 亦受到力F 的作用3. 三个共点力F 1，F 2，F 3，其中F 1=1N ，方向正西，F 2=1N ，方向正北，若三力的合力是2N ，方向正北，则F 3应是：（）A . 1N ，东北B . 2N ，正南 C.3.2N ，东北 D . N ，东北4．下列图示为一位体操运动员的几种挂杠方式，其手臂用力最小的是( )5．火车在长直水平轨道上匀速行驶。

门窗紧闭的车厢内有一人向上跳起，发现仍落回到车上原处。

这是因为（） A ．人跳起后，厢内空气给他以向前的力，带着他随同火车一起向前运动B ．人跳起的瞬间，车厢的地板给他一个向前的力，推动他随同火车一起向前运动C ．人跳起后，车继续向前运动，所以人落下后必定偏后一些，只是由于时间很短，偏后距太小，不明显而已Ｄ．人跳起后直到落地，在水平方向上和车具有相同的速度6. 物体从具有共同底边、但倾角不同的若干光滑斜面顶端由静止开始自由滑下，当倾角为多少时，物体滑至底端所需的时间最短（）A ．300B ．450C ．600D ．7507. 一物块静止在粗糙的水平桌面上。

高一物理上学期期末考试试题卷附答案解析

高一物理上学期期末考试试题卷附答案解析一、选择题1．如图所示,气球静止时对其受力情况分析，正确的是（）A．受重力、绳子拉力和空气浮力作用B．受重力、绳子拉力作用C．受重力、绳子拉力和空气作用力D．受重力、空气浮力、空气作用力及绳子拉力作用2．A、B两个物体在同一直线上作匀变速直线运动，它们的速度图象如图所示，则（）A．A、B两物体运动方向相反B．A物体的加速度比B物体的加速度大C．前4s内A、B两物体的位移相同D．t=4s时，A、B两物体的速度相同3．两个大小相等的共点力F1、F2，当它们间的夹角为90°时合力大小为20N；则当它们间夹角为120°时，合力的大小为（）A．40 N B．102N C．202N D．10N4．下列物理量中不属于矢量的是（）A．速率B．速度C．位移D．静摩擦力5．两根长度不同的细线下面分别悬挂两个小球，细线上端固定在同一点，若两个小球以相同的角速度绕共同的竖直轴在水平面内做匀速圆周运动，则两个摆球在运动过程中，相对位置关系示意图正确的是图中的（）A．B．C．D．6．一汽车通过拱形桥顶点时速度为10 m/s，车对桥顶的压力为车重的3/4，如果要使汽车在桥顶对桥面没有压力，车速至少为;A．15 m/s B．20 m/sC．25 m/s D．30 m/s7．如图所示，位于斜面上的物块m在沿斜面向上的力F作用下，处于静止状态，则斜面作用于物块的静摩擦力说法错误的是( )A．方向可能沿斜面向上B．方向可能沿斜面向下C．大小可能等于零D．大小一定不等于零8．下列关于弹力的说法中正确的是（）A．直接接触的两个物体间必然有弹力存在B．不接触的物体间也可能存在弹力C．只要物体发生形变就一定有弹力D．直接接触且发生弹性形变的物体间才产生弹力9．我国“80后”女航天员王亚平在“天宫一号”里给全国的中小学生们上一堂实实在在的“太空物理课”。

在火箭发射、飞船运行和回收过程中，王亚平要承受超重或失重的考验，下列说法正确是( )A．飞船在降落时需要打开降落伞进行减速，王亚平处于超重状态B．飞船在降落时需要打开降落伞进行减速，王亚平处于失重状态C．飞船在绕地球匀速运行时，王亚平处于超重状态D．火箭加速上升时，王亚平处于失重状态10．如图所示，质量为m的物体放在水平地面上，受到力F的作用后仍静止，则（）A．物体所受摩擦力大于F，所以物体没被拉动B．物体对地面的压力大小等于mgC．地面对物体的支持力等于FsinθD．物体受的合力为零11．伽利略的斜面实验证明了（）A．要物体运动必须有力作用，没有力作用的物体将静止B．要物体静止必须有力作用，没有力作用的物体就运动C．物体不受外力作用时，一定处于静止状态D．物体不受外力作用时总保持原来的匀速直线运动状态或静止状态12．如图所示，小张和小李同时从A出发，分别沿路径1、2先后到达B、C点，线段AB、AC的长度相等，下列说法正确的是（）A．两人所走的路程相同B．两人的位移大小相同C．两人到达的时刻相同D．两人在途中经历的时间相同13．一质点始终向着一个方向做直线运动，在前23t时间内平均速度为v/2，后3t时间内平均速度为 2v，则物体在t 时间内的平均速度大小是( )A．3v/4 B．3v/2 C．v D．2v/314．在国际单位制中，力学的基本单位是：A．m、N、kg B．cm、g、s C．m、kg、s D．m/s、kg、N 15．为了使交通安全有序，公路旁设置了许多交通标志。

高一上学期期末考试(物理)及解析

高一上学期期末考试（物理）及解析一、选择题1 .某物体运动的v-t 图象如图所示，则物体做（）B.匀变速直线运动C.朝某一方向直线运动 D,不能确定物体运动情况2 .关于超重和失重，下列说法正确的是A.物体处于超重时，物体一定在上升B.物体处于失重状态时，物体可能在上升C.物体处于完全失重时，他的重力为零D.物体在完全失重时，它所受到的合外力为零3 .渡河时船头始终沿垂直河岸的方向.已知船在静水中航行的速度大小不变，水流的速度与船离最近的岸边的距离成正比，且比例系数为定值，河的两岸平行.在水平面内，以出发点为坐标原点，沿着河岸的方向为工轴，垂直河岸方向为）'轴，四位同学画出此过程中小船运动的轨迹，其中符合实际情况的是（）4 .摩天轮一般出现在游乐园中，作为一种游乐场项目，与云霄飞车、旋转木马合称是“乐园三宝”.在中国南昌有我国第一高摩天轮--南昌之星，总建设高度为160米，横跨直径为153米，如图所示.它一共悬挂有60个太空舱，每个太空舱上都配备了先进的电子设备，旋转一周的时间是30分钟，可同时容纳400人左右进行同时游览.若该摩天轮做匀速圆周运动，则乘客（）A.往复运动A.速度始终恒定B,加速度始终恒定C,乘客对座椅的压力始终不变D.乘客受到到合力不断改变5.关于力学单位制下列说法正确的是（）A.kg^ m/s、N是导出单位B.kg、s、J是基本单位C.只有在国际单位制中，牛顿第二定律的表达式才是尸maD.在国际单位制中，质量的基本单位是kg,也可以是g6.如图所示，在前进的车厢的竖直后壁上放一个物体，物体与壁间的动摩擦因数n，要使物体不致下滑，车厢前进的加速度至少应为（重力加速度为g,最大静摩擦力等于滑动摩擦力）〃87.在某次交通事故中一辆载有30吨"工”字形钢材的载重汽车由于避让横穿马路的电动车而紧急制动，结果车厢上的钢材向前冲出，压扁驾驶室.关于这起事故原因的物理分析正确的是（）A.由于车厢上的钢材有惯性，在汽车制动时，继续向前运动，压扁驾驶室8.由于汽车紧急制动，使其惯性减小，而钢材惯性较大，所以继续向前运动C.由于车厢上的钢材所受阻力太小，不足以克服其惯性，所以继续向前运动D.由于汽车制动前的速度太大，汽车的惯性比钢材的惯性大，在汽车制动后，钢材继续向前运动8.金属小桶侧面有一小孔A,当桶内盛水时，水会从小孔A中流出.如果让装满水的小桶自由下落，不计空气阻力，则在小桶自由下落过程中（）A.水继续以相同的速度从小孔中喷出8.水不再从小孔喷出C.水将以更大的速度喷出D.水将以较小的速度喷出9.倾角为37。

甘肃省定西市通渭二中高一上学期期末物理试卷

2016—2017学年甘肃省定西市通渭二中高一(上)期末物理试卷一、单项选择题（本题包括10题，每小题5分，共50分；每小题只有一个选项符合题意，错选、不选该题不得分）1．在力学单位制中,下面哪一组物理量的单位为基本单位（）A．速度、质量和时间B．重力、长度和时间C．长度、质量和时间D．位移、质量和速度2．物体静止于水平桌面上，则（）A．桌面对物体的支持力大小等于物体的重力大小，这两个力是一对平衡力B．物体所受的重力和桌面对它的支持力是一对作用力与反作用力C．物体对桌面的压力就是物体的重力，这两个力是同性质的力D．物体对桌面的压力和桌面对物体的支持力是一对相互平衡的力3．关于惯性，下列说法中正确的是( )A．同一汽车，速度越快,越难刹车，说明物体速度越大，惯性越大B．静止的火车起动时速度变化缓慢，是因为物体静止时惯性大C．乒乓球可以快速抽杀,是因为乒乓球的惯性小的缘故D．已知月球上的重力加速度是地球上的,故一个物体从地球移到月球惯性减小为4．下列说法中正确的是（)A．静止的物体有可能受到滑动摩擦力的作用B．由μ=可知，动摩擦因数与滑动摩擦力成正比，与正压力成反比C．摩擦力的方向总是与物体的运动方向相反D．摩擦力总是对物体的运动起阻碍作用5．如图所示，轻绳两端固定在天花板上的A、B两点,在绳的C点处悬挂一重物,质量为m,已知图中α＜β,设绳AC、BC中的拉力分别为T A，T B,则( )A．T A=T B B．T A＞T B C．T A＜T B D．无法确定6．对于站在电梯里的人，以下说法中正确的是（）A．电梯向下加速时，电梯对人的支持力大于重力B．电梯减速下降时，电梯对人的支持力大于重力C．电梯对人的支持力在电梯上升时总比下降时大D．电梯减速上升时，人对电梯的压力大于人的重力7．质量为2Kg的物体,同时受到2N、8N、7N三个共点力的作用，则物体的加速度不可能为（）A．0 B．6m/s2C．8m/s2D．10m/s28．如图所示，质量为m的物体放在水平桌面上，在与水平方向成θ的拉力F作用下加速往前运动，已知物体与桌面间的动摩擦因数为μ，则下列判断正确的是( ）A．物体对地面的压力为mgB．物体受到地面的支持力为mg﹣F•sinθC．物体受到的摩擦力为μmgD．物体受到的摩擦力为F•cosθ9．如图所示，物块恰能沿斜面匀速下滑,运动过程中若在物块上再施加一个竖直向下的恒力F，则( ）A．物块仍匀速下滑B．物块将加速下滑C．物块将减速下滑D．物块如何运动要看F的大小10．质量为1t的汽车在平直公路上以10m/s的速度匀速行驶．阻力大小不变，从某时刻开始,汽车牵引力减小2 000N,那么从该时刻起经过5s，汽车行驶的路程是（）A．50 m B．42 m C．25 m D．24 m二、实验填空及论述计算题（本题包括5小题,共50分．实验填空题只写出最后结果;论述计算题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的，答案中必须明确写出数值和单位）11．在“探究加速度与力、质量的关系"的实验中，采用图1所示的装置．（1)本实验应用的实验方法是A．控制变量法B．假设法C．理想实验法（2）关于该实验下列说法中正确的是A．在探究加速度与质量的关系时，每次改变小车质量时都应平衡摩擦力．B．在探究加速度与外力的关系时,作出a﹣F的图象为曲线C．在探究加速度a与质量m的关系时，为了直观判断二者间的关系，应作出a﹣图象D．当小车的质量远大于砝码盘和砝码的总质量时，才能近似认为细线对小车的拉力大小等于砝码盘和砝码的总重力大小（3）某次实验中打点计时器在纸带上依次打出一系列的点，取A、B、C、D、E四个计数点，距离如图2所示,每两个计数点间有四个点未画出,且计时器打点周期为0.02s，则打C点的瞬间，纸带的速度大小为m/s,纸带运动的加速度a= m/s2．（计算结果都保留两位有效数字）12．某同学在做探究弹力和弹簧伸长的关系的实验中，设计了如图1所示的实验装置．所用的钩码每只的质量都是30g，他先测出不挂钩码时弹簧的自然长度，再将5个钩码逐个挂在弹簧的下端，每次都测出相应的弹簧总长度，将数据填在了下面的表中．（弹力始终未超过弹性限度，取g=9。

甘肃省定西市通渭县高三物理上学期期末试卷(含解析)

2016-2017学年甘肃省定西市通渭县高三（上）期末物理试卷一、选择题（共8小题，每小题6分，满分48分）1．质量为m的物体用轻绳AB悬挂于天花板上．用水平向左的力F缓慢拉动绳的中点O，如图所示．用T表示绳OA段拉力的大小，在O点向左移动的过程中（）A．F逐渐变大，T逐渐变大B．F逐渐变大，T逐渐变小C．F逐渐变小，T逐渐变大D．F逐渐变小，T逐渐变小2．如图所示，A、B两物体相距s=7m，物体A以v A=4m/s 的速度向右匀速运动，而物体B 此时的速度v B=10m/s，只在摩擦力作用下向右做匀减速运动，加速度a=﹣2m/s2，那么物体A追上物体B所用的时间为（）A．7 s B．8 s C．9 s D．10 s3．某车以相同的功率在两种不同的水平路面上行驶，受到的阻力分别为车重的k1和k2倍，最大速率分别为v1和v2，则（）A．v2=k1v1B．v2=v1C．v2=v1D．v2=k2v14．一质量为m的物体在水平恒力F的作用下沿水平面运动，在t0时刻撤去力F，其v﹣t图象如图所示．已知物体与水平面间的动摩擦因数为μ，则下列关于力F的大小和力F做功W 的大小关系式正确的是（）A．F=μmg B．F=2μmg C．W=μmgv0t0D．W=μmgv0t05．如图所示，一电场的电场线分布关于y轴（沿竖直方向）对称，O、M、N是y轴上的三个点，且OM=MN．P点在y轴右侧，MP⊥ON．则（）A．M点的电势比P点的电势低B．将负电荷由O点移动到P点，电场力做正功C．M、N两点间的电势差大于O、M两点间的电势差D．在O点静止释放一带正电粒子，该粒子将沿y轴做直线运动6．宇宙中，两颗靠得比较近的恒星，只受到彼此之间的万有引力作用互相绕转，称之为双星系统．在浩瀚的银河系中，多数恒星都是双星系统．设某双星系统A、B绕其连线上的O 点做匀速圆周运动，如图所示．若AO＞OB，则（）A．星球A的质量一定大于B的质量B．星球A的线速度一定大于B的线速度C．双星间距离一定，双星的质量越大，其转动周期越大D．双星的质量一定，双星之间的距离越大，其转动周期越大7．如图所示，在等量异种电荷形成的电场中，画一正方形ABCD，对角线AC与两点电荷连线重合，两对角线交点O恰为电荷连线的中点．下列说法中正确的是（）A．A点的电场强度等于B点的电场强度B．B、D两点的电场强度及电势均相同C．一电子由B点沿B→C→D路径移至D点，电势能先增大后减小D．一电子由C点沿C→O→A路径移至A点，电场力对其先做负功后做正功8．在倾角为θ的固定光滑斜面上有两个用轻弹簧相连接的物块A、B，它们的质量分别为m1、m2，弹簧劲度系数为k，C为一固定挡板，系统处于静止状态．现用一平行于斜面向上的恒力F拉物块A使之向上运动，当物块B刚要离开挡板C时，物块A沿斜面运动的距离为d，速度为v，则（）A．此过程中拉力F做功的大小等于物块A动能的增加量B．当物块B刚要离开挡板时，受力满足m2gsinθ=kdC．当物块B刚要离开挡板时，物块A的加速度为D．此过程中弹簧弹性势能的增加量为Fd﹣m1v2﹣m1gdsinθ二、非选择题9．如图所示为实验室中验证动量守恒的实验装置示意图．（1）若入射小球质量为m1，半径为r1；被碰小球质量为m2，半径为r2，则A．m1＞m2，r1＞r2B．m1＜m2，r1＜r2C．m1＞m2，r1=r2D．m1＜m2，r1=r2（2）为完成此实验，需要调节斜槽末端的切线必须水平，如何检验斜槽末端水平：（3）设入射小球的质量为m1，被碰小球的质量为m2，P为碰前入射小球落点的平均位置，则关系式（用m1、m2及图中字母表示）成立．即表示碰撞中动量守恒．10．在“验证机械能守恒定律”的实验中，已知电磁打点计时器所用的电源的频率为50Hz，查得当地的重力加速度g=9.80m/s2，测得所用的重物质量为1.00kg．实验中得到的一条点迹清晰的纸带（如图所示），把第一个点记为O，另选连续的四个点A、B、C、D作为测量的点，经测量知道A、B、C、D各点到O点的距离分别为62.99cm、70.18cm、77.76cm、85.73cm．（1）根据以上数据，可知重物由O点运动到C点，重力势能的减少量等于J，动能的增加量等于J（取三位有效数字）．（2）根据以上数据，可知重物下落时的实际加速度a= m/s2，a g（填“大于”或“小于”），原因是．11．如图所示，一带电荷量为+q、质量为m的小物块处于一倾角为37°的光滑斜面上，当整个装置被置于一水平向右的匀强电场中，小物块恰好静止．重力加速度取g，sin37°=0.6，cos37°=0.8．求：（1）水平向右电场的电场强度；（2）若将电场强度减小为原来的，物块的加速度是多大；（3）电场强度变化后物块下滑的距离L时的动能．12．如图所示，在一光滑的水平面上有两块相同的木板B和C．重物A（视为质点）位于B 的右端，A、B、C的质量相等．现A和B以同一速度滑向静止的C，B与C发生正碰．碰后B 和C粘在一起运动，A在C上滑行，A与C有摩擦力．已知A滑到C的右端而未掉下．试问：从B、C发生正碰到A刚移动到C右端期间，C所走过的距离是C板长度的多少倍？[物理--选修3-3]13．带有活塞的气缸内封闭一定量的理想气体．气体开始处于状态a，然后经过过程ab到达状态b或经过过程ac到达状态c，b、c状态温度相同，如图所示．设气体在状态b和状态c的压强分别为p b和p c，在过程ab和ac中吸收的热量分别为Q ab和Q ac，则（）A．p b＞p c，Q ab＞Q ac B．p b＞p c，Q ab＜Q acC．p b＜p c，Q ab＞Q ac D．p b＜p c，Q ab＜Q ac14．如图所示，系统由左右两个侧壁绝热、底部、截面均为S的容器组成．左容器足够高，上端敞开，右容器上端由导热材料封闭．两个容器的下端由可忽略容积的细管连通．容器内两个绝热的活塞A、B下方封有氮气，B上方封有氢气．大气的压强p0，温度为T0=273K，两个活塞因自身重量对下方气体产生的附加压强均为0.1p0．系统平衡时，各气体柱的高度如图所示．现将系统的底部浸入恒温热水槽中，再次平衡时A上升了一定的高度．用外力将A 缓慢推回第一次平衡时的位置并固定，第三次达到平衡后，氢气柱高度为0.8h．氮气和氢气均可视为理想气体．求（1）第二次平衡时氮气的体积；（2）水的温度．[物理--选修3-4]15．某振动系统的固有频率为f0，在周期性驱动力的作用下做受迫振动，驱动力的频率为f，若驱动力的振幅保持不变，下列说法正确的是（）A．当f＜f0时，该振动系统的振幅随f的增大而减小B．当f＞f0时，该振动系统的振幅随f的减小而增大C．该振动系统的振动稳定后，振动的频率等于f0D．该振动系统的振动稳定后，振动的频率等于f16．一棱镜的截面为直角三角形ABC，∠A=30°，斜边AB=a，棱镜材料的折射率为n=．在此截面所在的平面内，一条光线以45°的入射角从AC边的中点M射入棱镜，求其射出的点的位置（不考虑光线沿原来路线返回的情况）．2016-2017学年甘肃省定西市通渭县高三（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（共8小题，每小题6分，满分48分）1．质量为m的物体用轻绳AB悬挂于天花板上．用水平向左的力F缓慢拉动绳的中点O，如图所示．用T表示绳OA段拉力的大小，在O点向左移动的过程中（）A．F逐渐变大，T逐渐变大B．F逐渐变大，T逐渐变小C．F逐渐变小，T逐渐变大D．F逐渐变小，T逐渐变小【考点】2H：共点力平衡的条件及其应用；29：物体的弹性和弹力．【分析】本题关键是抓住悬挂物B的重力不变，即OB段绳中张力恒定，O点缓慢移动时，点O始终处于平衡状态，根据平衡条件列式求解各力变化情况．【解答】解：以结点O为研究对象受力分析如下图所示：由题意知点O缓慢移动，即在移动过程中始终处于平衡状态，则可知：绳OB的张力T B=mg根据平衡条件可知：Tcosθ﹣T B=0Tsinθ﹣F=0由此两式可得：F=T B tanθ=mgtanθT=在结点为O被缓慢拉动过程中，夹角θ增大，由三角函数可知：F和T均变大，故A正确，BCD错误．故选：A．2．如图所示，A、B两物体相距s=7m，物体A以v A=4m/s 的速度向右匀速运动，而物体B 此时的速度v B=10m/s，只在摩擦力作用下向右做匀减速运动，加速度a=﹣2m/s2，那么物体A追上物体B所用的时间为（）A．7 s B．8 s C．9 s D．10 s【考点】1E：匀变速直线运动的位移与时间的关系；1D：匀变速直线运动的速度与时间的关系．【分析】假设经过时间t，物块A追上物体B，根据位移时间公式结合几何关系列式求解即可．【解答】解：物体A做匀速直线运动，位移为：x A=v A t=4t物体B做匀减速直线运动减速过程的位移为：x B=v B t+at2=10t﹣t2设物体B速度减为零的时间为t1，有t1==5s在t1=5s的时间内，物体B的位移为x B1=25m，物体A的位移为x A1=20m，由于x A1＜x B1+S，故物体A未追上物体B；5s后，物体B静止不动，故物体A追上物体B的总时间为：t总===8s故选：B．3．某车以相同的功率在两种不同的水平路面上行驶，受到的阻力分别为车重的k1和k2倍，最大速率分别为v1和v2，则（）A ．v 2=k 1v 1B ．v 2=v 1C ．v 2=v 1D ．v 2=k 2v 1【考点】63：功率、平均功率和瞬时功率．【分析】汽车在水平路面上行驶时，当牵引力等于阻力时，速度最大．根据功率与速度的关系，结合汽车阻力与车重的关系求解．【解答】解：设汽车的功率为P ，质量为m ，则有：P=K 1mgV 1=K 2mgV 2，所以v 2=v 1故选：B ．4．一质量为m 的物体在水平恒力F 的作用下沿水平面运动，在t 0时刻撤去力F ，其v ﹣t 图象如图所示．已知物体与水平面间的动摩擦因数为μ，则下列关于力F 的大小和力F 做功W 的大小关系式正确的是（）A ．F=μmgB ．F=2μmgC ．W=μmgv 0t 0D ．W=μmgv 0t 0【考点】66：动能定理的应用；1I ：匀变速直线运动的图像；37：牛顿第二定律．【分析】根据动量定理求解恒力F 的大小．由速度图象的“面积”求出位移，再求解力F 做功W 的大小．【解答】解：根据动量定理得：对全过程：Ft 0﹣μmg•3t 0=0，得F=3μmg在0﹣t 0时间内物体的位移为x=，力F 做功大小为W=Fx=3μmg =．故选D5．如图所示，一电场的电场线分布关于y 轴（沿竖直方向）对称，O 、M 、N 是y 轴上的三个点，且OM=MN ．P 点在y 轴右侧，MP ⊥ON ．则（）A．M点的电势比P点的电势低B．将负电荷由O点移动到P点，电场力做正功C．M、N两点间的电势差大于O、M两点间的电势差D．在O点静止释放一带正电粒子，该粒子将沿y轴做直线运动【考点】A7：电场线；AG：匀强电场中电势差和电场强度的关系．【分析】电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增加．【解答】解：A、过M、P、N做等势线，可得到过P点的等势线通过M、N之间，因顺着电场线电势降低，则有φM＞φP＞φN，故A错误；B、将负电荷由O点移到P点，因U OP＞0，所以W=﹣qU OP＜0，则电场力做负功，故B错误；C、由U=Ed可知，MN间的平均场强小于OM间的平均场强，故MN两点间的电势差小于OM两点间的电势差，C错误；D、根据电场线的分布特点会发现，电场线关于y轴两边对称，故y轴上的场强方向在 y轴上，所以在O点静止释放一带正电粒子，其所受电场力沿y轴正方向，则该粒子将沿y轴做直线运动，故D正确．故选：D．6．宇宙中，两颗靠得比较近的恒星，只受到彼此之间的万有引力作用互相绕转，称之为双星系统．在浩瀚的银河系中，多数恒星都是双星系统．设某双星系统A、B绕其连线上的O 点做匀速圆周运动，如图所示．若AO＞OB，则（）A．星球A的质量一定大于B的质量B．星球A的线速度一定大于B的线速度C．双星间距离一定，双星的质量越大，其转动周期越大D．双星的质量一定，双星之间的距离越大，其转动周期越大【考点】4F：万有引力定律及其应用．【分析】双星靠相互间的万有引力提供向心力，具有相同的角速度，根据向心力公式判断质量关系，根据v=ωr判断线速度关系．【解答】解：A、根据万有引力提供向心力m1ω2r1=m2ω2r2，因为r1＞r2，所以m1＜m2，即A 的质量一定小于B的质量，故A错误．B、双星系统角速度相等，根据v=ωr，且AO＞OB，可知，A的线速度大于B的线速度，故B 正确．CD、设两星体间距为L，中心到A的距离为r1，到B的距离为r2，根据万有引力提供向心力公式得： =，解得周期为T=，由此可知双星的距离一定，质量越大周期越小，故C错误；总质量一定，转动周期越大，双星之间的距离就越大，故D正确．故选：BD．7．如图所示，在等量异种电荷形成的电场中，画一正方形ABCD，对角线AC与两点电荷连线重合，两对角线交点O恰为电荷连线的中点．下列说法中正确的是（）A．A点的电场强度等于B点的电场强度B．B、D两点的电场强度及电势均相同C．一电子由B点沿B→C→D路径移至D点，电势能先增大后减小D．一电子由C点沿C→O→A路径移至A点，电场力对其先做负功后做正功【考点】AC：电势；AE：电势能．【分析】等量异种电荷周围的电场线是靠近两边电荷处比较密，中间疏，在两电荷中垂线上，中间密，向两边疏，根据电场线的疏密比较电场强度的大小．根据电场力做功判断电势能的变化．根据电场力方向与速度方向的关系判断电场力做功情况．【解答】解：A、A点的电场线比B点的电场线密，则A点的电场强度大于B点的电场强度．故A错误．B、B、D两点的电场线疏密度相同，则B、D两点间的电场强度相等，等量异种电荷连线的中垂线是等势线，则B、D两点的电势相等．故B正确．C、一电子由B点沿B→C→D路径移至D点，电场力先做负功，再做正功，则电势能先增大后减小．故C正确．D、一电子由C点沿C→O→A路径移至A点，电场力方向水平向左，电场力一直做正功．故D错误．故选BC．8．在倾角为θ的固定光滑斜面上有两个用轻弹簧相连接的物块A、B，它们的质量分别为m1、m2，弹簧劲度系数为k，C为一固定挡板，系统处于静止状态．现用一平行于斜面向上的恒力F拉物块A使之向上运动，当物块B刚要离开挡板C时，物块A沿斜面运动的距离为d，速度为v，则（）A．此过程中拉力F做功的大小等于物块A动能的增加量B．当物块B刚要离开挡板时，受力满足m2gsinθ=kdC．当物块B刚要离开挡板时，物块A的加速度为D．此过程中弹簧弹性势能的增加量为Fd﹣m1v2﹣m1gdsinθ【考点】66：动能定理的应用；2H：共点力平衡的条件及其应用；37：牛顿第二定律．【分析】首先根据能量守恒求得F做的功及弹性势能的增加量，然后对初始静止状态和B 刚要离开挡板的状态进行受力分析即可求得受力情况及加速度．【解答】解：AD、由能量守恒可得：此过程中拉力F做功的大小=物块A动能的增加量+物块A重力势能的增加量+弹簧弹性势能的增加量；所以，此过程中弹簧弹性势能的增加量为拉力F做功的大小﹣物块A动能的增加量﹣物块A重力势能的增加量=，故A错误，D正确；BC、系统处于静止状态时，弹簧弹力F1=kx1=m1gsinθ，x1为压缩量；物块B刚要离开挡板C 时，弹簧弹力F2=kx2=m2gsinθ，x2为伸长量；又有x1+x2=d，故m2gsinθ=kx2≠kd；当物块B刚要离开挡板时，物块A受到的合外力为F﹣m1gsinθ﹣F2=F﹣kd，故物块A的加速度为，故B错误，C正确；故选：CD．二、非选择题9．如图所示为实验室中验证动量守恒的实验装置示意图．（1）若入射小球质量为m1，半径为r1；被碰小球质量为m2，半径为r2，则 CA．m1＞m2，r1＞r2B．m1＜m2，r1＜r2C．m1＞m2，r1=r2D．m1＜m2，r1=r2（2）为完成此实验，需要调节斜槽末端的切线必须水平，如何检验斜槽末端水平：将小球放在斜槽末端看小球是否静止，若静止则水平（3）设入射小球的质量为m1，被碰小球的质量为m2，P为碰前入射小球落点的平均位置，则关系式（用m1、m2及图中字母表示）m1=m1+m2成立．即表示碰撞中动量守恒．【考点】ME：验证动量守恒定律．【分析】（1）为了保证碰撞前后使入射小球的速度方向不变，故必须使入射小球的质量大于被碰小球的质量．为了使两球发生正碰，两小球的半径相同；（2）明确验证末端水平的基本方法是将小球放置在末端，根据小球的运动分析是否水平；（3）两球做平抛运动，由于高度相等，则平抛的时间相等，水平位移与初速度成正比，把平抛的时间作为时间单位，小球的水平位移可替代平抛运动的初速度．将需要验证的关系速度用水平位移替代．【解答】解：（1）在小球碰撞过程中水平方向动量守恒定律故有m1v0=m1v1+m2v2在碰撞过程中动能守恒故有m1v02=m1v12+m2v22解得v1=v0要碰后入射小球的速度v1＞0，即m1﹣m2＞0，m1＞m2，为了使两球发生正碰，两小球的半径相同，r1=r2故选C（2）研究平抛运动的实验很关键的地方是要保证小球能够水平飞出，只有水平飞出，小球才做平抛运动；把小球轻轻的放在斜槽末端，若小球能保持静止，则说明斜槽末端水平．（3）由于小球下落高度相同，则根据平抛运动规律可知，小球下落时间相同；P为碰前入射小球落点的平均位置，M为碰后入射小球的位置，N为碰后被碰小球的位置，碰撞前入射小球的速度v1=碰撞后入射小球的速度v2=碰撞后被碰小球的速度v3=若m1v1=m2v3+m1v2则表明通过该实验验证了两球碰撞过程中动量守恒，带入数据得：m1=m1+m2所以需要测量质量和水平位移，用到的仪器是直尺、天平．故答案为：（1）C （2）将小球放在斜槽末端看小球是否静止，若静止则水平（3）m1=m1+m210．在“验证机械能守恒定律”的实验中，已知电磁打点计时器所用的电源的频率为50Hz，查得当地的重力加速度g=9.80m/s2，测得所用的重物质量为1.00kg．实验中得到的一条点迹清晰的纸带（如图所示），把第一个点记为O，另选连续的四个点A、B、C、D作为测量的点，经测量知道A、B、C、D各点到O点的距离分别为62.99cm、70.18cm、77.76cm、85.73cm．（1）根据以上数据，可知重物由O点运动到C点，重力势能的减少量等于7.62 J，动能的增加量等于7.56 J（取三位有效数字）．（2）根据以上数据，可知重物下落时的实际加速度a= 9.74 m/s2，a 小于g（填“大于”或“小于”），原因是纸带与打点计时器间有摩擦阻力，或存在空气阻力．【考点】MD：验证机械能守恒定律．【分析】纸带实验中，若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度，从而求出动能，根据功能关系得重力势能减小量等于重力做功的数值．重物带动纸带下落过程中，除了重力还受到较大的阻力，从能量转化的角度，由于阻力做功，重力势能减小除了转化给了动能还有一部分转化给摩擦产生的内能．【解答】解：（1）重力势能减小量△E p=mgh=1.0×9.8×0.7776J=7.62J．在匀变速直线运动中时间中点的瞬时速度等于该过程中的平均速度，因此有：v c==3.89m/s，△E k=E kC=mv C2=（3.89）2=7.56J（2）根据以上数据，mah=△E k=7.56J解得：a=＜g，其主要原因是纸带与打点计时器间有摩擦阻力，或存在空气阻力．故答案为：（1）7.62，7.56，（2）9.74；小于；纸带与打点计时器间有摩擦阻力，或存在空气阻力．11．如图所示，一带电荷量为+q、质量为m的小物块处于一倾角为37°的光滑斜面上，当整个装置被置于一水平向右的匀强电场中，小物块恰好静止．重力加速度取g，sin37°=0.6，cos37°=0.8．求：（1）水平向右电场的电场强度；（2）若将电场强度减小为原来的，物块的加速度是多大；（3）电场强度变化后物块下滑的距离L时的动能．【考点】66：动能定理的应用；2G：力的合成与分解的运用；2H：共点力平衡的条件及其应用；A6：电场强度．【分析】（1）带电物体静止于光滑斜面上恰好静止，且斜面又处于水平匀强电场中，则可根据重力、支持力，又处于平衡，可得电场力方向，再由电荷的电性来确定电场强度方向．（2）当电场强度减半后，物体受力不平衡，产生加速度．借助于电场力由牛顿第二定律可求出加速度大小．（3）选取物体下滑距离为L作为过程，利用动能定理来求出动能．【解答】解：（1）小物块静止在斜面上，受重力、电场力和斜面支持力，F N sin37°=qE①F N cos37°=mg②由1、②可得电场强度（2）若电场强度减小为原来的，则变为mgsin37°﹣qEcos37°=ma③可得加速度a=0.3g．（3）电场强度变化后物块下滑距离L时，重力做正功，电场力做负功，由动能定理则有：mgLsin37°﹣qE'Lcos37°=E k﹣0④可得动能E k=0.3mgL12．如图所示，在一光滑的水平面上有两块相同的木板B和C．重物A（视为质点）位于B 的右端，A、B、C的质量相等．现A和B以同一速度滑向静止的C，B与C发生正碰．碰后B 和C粘在一起运动，A在C上滑行，A与C有摩擦力．已知A滑到C的右端而未掉下．试问：从B、C发生正碰到A刚移动到C右端期间，C所走过的距离是C板长度的多少倍？【考点】53：动量守恒定律；66：动能定理的应用．【分析】对BC组成的系统由动量守恒即可求得碰后BC的共同速度，再以ABC组成的系统由动量守恒可求得最后的合速度；因A与C之间有摩擦力做功，则由动能定理可求表示BC走过的距离；同理由动能定理可表示A运动的距离，联立即可解得C的距离与板长的倍数．【解答】解：设A、B、C的质量均为m．碰撞前，A与B的共同速度为v0，碰撞后B与C的共同速度为v1．对B、C（A对B的摩擦力远小于B、C间的撞击力），根据动量守恒定律得mv0=2mv1设A滑至C的右端时，ABC的共同速度为v2，对A和BC应用动量守恒定律得mv0+2mv1=3mv2设AC间的动摩擦因数为μ，从碰撞到A滑至C的右端的过程中，C所走过的距离是s，对BC根据动能定理得如果C的长度为l，则对A根据动能定理得连立以上各式可解得C走过的距离是C板长度的倍．[物理--选修3-3]13．带有活塞的气缸内封闭一定量的理想气体．气体开始处于状态a，然后经过过程ab到达状态b或经过过程ac到达状态c，b、c状态温度相同，如图所示．设气体在状态b和状态c的压强分别为p b和p c，在过程ab和ac中吸收的热量分别为Q ab和Q ac，则（）A．p b＞p c，Q ab＞Q ac B．p b＞p c，Q ab＜Q acC．p b＜p c，Q ab＞Q ac D．p b＜p c，Q ab＜Q ac【考点】99：理想气体的状态方程．【分析】根据理想气体状态方程，整理后可得V﹣T图象，判断斜率的意义，得到压强的变化，再根据热力学第一定律判断做功和吸热．【解答】解：根据理想气体状态方程=C，整理可得：V=T，所以斜率越大，表示压强越小，即b点的压强小于c点．由热力学第一定律△U=W+Q经过过程ab到达状态b或经过过程ac到状态c，温度变化情况相同，所以△U相等，又因经过过程ab到达状态b，体积增大，对外做功，W为负值，而经过过程ac到状态c，体积不变，对外不做功，W为零，所以第一个过程吸收的热量多．故选：C．14．如图所示，系统由左右两个侧壁绝热、底部、截面均为S的容器组成．左容器足够高，上端敞开，右容器上端由导热材料封闭．两个容器的下端由可忽略容积的细管连通．容器内两个绝热的活塞A、B下方封有氮气，B上方封有氢气．大气的压强p0，温度为T0=273K，两个活塞因自身重量对下方气体产生的附加压强均为0.1p0．系统平衡时，各气体柱的高度如图所示．现将系统的底部浸入恒温热水槽中，再次平衡时A上升了一定的高度．用外力将A 缓慢推回第一次平衡时的位置并固定，第三次达到平衡后，氢气柱高度为0.8h．氮气和氢气均可视为理想气体．求（1）第二次平衡时氮气的体积；（2）水的温度．【考点】99：理想气体的状态方程．【分析】（1）以B上方的氢气为研究对象，由玻意耳定律求出气体压强，然后以A下方的氮气为研究对象，由波意耳定律求出氮气的体积．（2）结合第一问的结果，求出氮气的末状态的压强，分析氮气的初末两个状态的状态参量，利用理想气体的状态方程，可求出氮气末状态的温度，即为水的温度．【解答】解：（1）以氢气为研究对象，初态压强为p0，体积为hS，末态体积为0.8hS．气体发生等温变化，由玻意耳定律得：p0V1=p2V2，即：p0hS=p×0.8hS，解得：p=1.25p0①活塞A从最高点被推回第一次平衡时位置的过程是等温过程．该过程的初态压强为1.1p0，体积为V；末态的压强为p′，体积为V′，则p′=p+0.1p0=1.35p0②V′=2.2hS ③由玻意耳定律得：1.1p0×V=1.35p0×2.2hS，解得：V=2.7hS ④（2）活塞A从最初位置升到最高点的过程为等压过程．该过程的初态体积和温度分别为2hS 和T0=273K，末态体积为2.7hS．设末态温度为T，由盖﹣吕萨克定律得： =，解得：T=368.55K；答：（1）第二次平衡时氮气的体积为2.7hS；（2）水的温度为368.55K．[物理--选修3-4]15．某振动系统的固有频率为f0，在周期性驱动力的作用下做受迫振动，驱动力的频率为f，若驱动力的振幅保持不变，下列说法正确的是（）A．当f＜f0时，该振动系统的振幅随f的增大而减小B．当f＞f0时，该振动系统的振幅随f的减小而增大C．该振动系统的振动稳定后，振动的频率等于f0D．该振动系统的振动稳定后，振动的频率等于f【考点】79：自由振动和受迫振动；7A：产生共振的条件及其应用．【分析】受迫振动的频率等于驱动力的频率，当系统的固有频率等于驱动力的频率时，系统达到共振，振幅达最大．【解答】解：A、当f=f0时，系统达到共振，振幅最大，故f＜f0时，随f的增大，振幅振大，故A错误；B、当f＞f0时，随f的减小，驱动力的频率接近固有频率，故该振动系统的振幅增大，故B 正确；C、该振动系统的振动稳定后，振动的频率等于驱动力的频率，故C错误；D、系统的振动稳定后，系统的振动频率等于驱动力的频率，故振动频率等于f，故D正确；故选：BD．16．一棱镜的截面为直角三角形ABC，∠A=30°，斜边AB=a，棱镜材料的折射率为n=．在此截面所在的平面内，一条光线以45°的入射角从AC边的中点M射入棱镜，求其射出的点。

高一上学期期末考试物理(必修一)试卷及参考答案(共3套)

高一上学期期末考试物理试卷说明：1.考试时间90分钟，总分110分。

2.本卷分为试题卷和答题卷两部分，全部答案只答在答题卷上，各题均应答在指定的位置，不答在指定的位置无效。

3.考试结束只需交回答题卷。

一、选择题：本题共9小题，每小题6分，共54分。

在每小题给出的四个选项中，第1~5题只有一项符合题目要求，第6~9题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

1.下列说法中正确的是（）A.我们早上第一节课是7时30分开始，这个“7时30分”表示一段时间B.研究某学生骑自行车回校的速度不可以把学生看成质点C.“太阳从东方升起。

”太阳的运动是以地球作为参考系D.力学中的三个基本单位是：长度单位m、时间单位s、速度单位m/s2.物体静止在一斜面上，则下列说法中正确的是（）A.物体对斜面的压力和斜面对物体的支持力是一对平衡力B.物体对斜面的摩擦力和斜面对物体的摩擦力是一对作用力和反作用力C.物体所受重力和斜面对物体的作用力是一对作用力和反作用力D.物体所受重力可以分解为沿斜面向下的分力和对斜面的压力3.关于力，速度，加速度，运动状态之间的关系，下列说法正确的是（）A.运动物体的加速度逐渐增大，速度也一定增大B.物体的速度为零时，加速度也一定为零C.如果物体运动状态会发生改变，则物体所受的合外力一定不为零D.物体受到的合外力的方向与物体加速度方向相同，与速度方向也一定相同4.如图所示，质量为20kg的物体与水平面的动摩擦因数为0.1，在其向左运动的过程中受到水平向右、大小为30N的拉力作用，则物体所受摩擦力大小是：（）（g=10N/kg）A.20N，向右B.20N，向左C.30N，向右D.30N，向左.5.如图所示，质量 m 1=10kg 和 m 2=30kg 的两物体，叠放在动摩擦因数 0.50 的粗糙水平地面上，一处于水平位置的轻弹簧，劲度系数为 250N/m ，一端固定于墙壁，另一端与质量为 m 1 的物体相连，弹簧处于自然状态，现用一水平推力 F 作用于质量为 m 2 的物体上，使它缓慢地向墙壁一侧移动，当移动0.40m 时，两物体间开始相对滑动，这时水平推 F 的大小为：A.300NB.250NC.200ND.100N6.下列各图中，图（1）是甲物体的位移-时间图象；图（2）是乙物体的速度-时间图象；图（3）是丙物体的加速度-时间图象；图（4）是丁物体所受合力随时间变化的图象。

高一物理上册第一学期期末考试题含解析

高一物理上册第一学期期末考试题含解析一、选择题1．在科学研究中，可以用风力仪直接测量风力的大小，其原理如图所示，仪器中有一根轻质金属丝，悬挂着一个空心金属球，无风时金属丝竖直下垂；当受到沿水平方向吹来的风时，金属丝偏离竖直方向一个角度θ，风力仪根据偏角θ的大小指示出风力大小．若m=1kg，θ=30°，g取10m/s2．则风力大小为（）A．5N B．53N C．1033N D．103N2．翻滚过山车是大型游乐园里比较刺激的一种娱乐项目．如图所示，过山车（可看成质点）从高处冲下，过M点时速度方向如图所示．在圆形轨道内经过A、B、C三点，下列说法正确的是A．过山车运动到最高点B时，速度和加速度的大小均为零B．过山车受到重力、弹力、摩擦力和向心力C．过山车经过A、C两点时的速度相同D．过山车做变加速运动3．下列说法正确的是A．物体运动的速度改变量越大，它的加速度却不一定越大B．同一汽车，速度越大，越难以停下来，说明物体速度越大，其惯性越大C．作用力与反作用力也可能是一对平衡力D．牛顿最早指出力不是维持物体运动的原因4．一汽车通过拱形桥顶点时速度为10 m/s，车对桥顶的压力为车重的3/4，如果要使汽车在桥顶对桥面没有压力，车速至少为;A．15 m/s B．20 m/sC．25 m/s D．30 m/s5．如图所示，当小车向右加速运动时，物块M相对车厢静止于竖直车厢壁上，当车的加速度增大时，则（）A．物块M受摩擦力增大B．物块M对车厢壁的压力增大C．物块M沿车厢向下运动D．物块M沿车厢向上运动6．滑块以某一初速度冲上斜面做匀减速直线运动，到达斜面顶端时的速度为零．已知滑块通过斜面中点时的速度为v，则滑块在前一半路程中的平均速度大小为（）A．21 2vB．（2+1）v C．2vD．1 2 v7．如图所示，位于斜面上的物块m在沿斜面向上的力F作用下，处于静止状态，则斜面作用于物块的静摩擦力说法错误的是( )A．方向可能沿斜面向上B．方向可能沿斜面向下C．大小可能等于零D．大小一定不等于零8．如图所示，一位同学坐在匀速行驶的高铁上，他把一枚硬币竖直放置在光滑水平的窗台上。

高一物理上学期期末试卷(含解析)高一全册物理试题_04

应对市爱护阳光实验学校省二中高一〔上〕期末物理试卷一、选择题：此题共8小题，每题6分，共48分.在每题给出的四个选项中，第1～5题只有一项符合题目要求，第6～8题有多项符合题目要求．选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．关于重心以下说法中正确的选项是〔〕A．物体的重心一在物体上B．物体的质量集中在重心上C．物体的重心位置跟物体的质量分布和物体的形状有关D．物体的重心跟物体的质量分布无关2．书放在水平桌面上，桌面会受到弹力的作用，产生这个弹力的直接原因是〔〕A．书的形变B．桌面的形变C．书和桌面的形变D．书受到的重力3．木块沿斜面匀速下滑，对木块受力分析，正确的选项是〔〕A．木块受重力和斜面对它的支持力B．木块受重力、斜面对它的支持力和摩擦力C．木块受重力、斜面对它的支持力、摩擦力和下滑力D．木块受重力、斜面对它的支持力、摩擦力、下滑力和压力4．质量m=200g的物体，测得它的加速度a=20cm/s2，那么关于它受到的合外力的大小及单位，以下运算既简洁又符合一般运算要求的是〔〕A．F=200×20=4 000 N B．F=0.2 k g×20 cm/s2=4 N C．F=0.2×0.2=0.04 N D．F=0.2×0.2 N=0.04 N5．如下图，天花板上用细绳吊起两个用轻弹簧相连的质量相同的小球，两小球均保持静止．当突然剪断细绳的瞬间，上面小球A与下面小球B的加速度分别为〔以向上为正方向，重力加速度为g〕〔〕A．a1=g a2=g B．a1=2g a2=0 C．a1=﹣2g a2=0 D．a1=0 a2=g6．两个共点力的合力为50N，分力F1的方向与合力F的方向成30°角，分力F2的大小为30N，那么〔〕A．F1的大小不是唯一的B．F2的方向是唯一的C．F2有两个可能的方向D．F2可取任意方向7．如下图，一个重为G的圆球被长细线AC悬挂在墙上，不考虑墙的摩擦，如果把绳的长度增加一些，那么球对绳的拉力F1和球对墙的压力F2的变化情况是〔〕A．F1减小B．F1增大C．F2减小D．F2增大8．关于超重和失重，以下说法不正确是〔〕A．物体处于超重时，物体的重力增加，处于失重时物体的重力减小B．竖直向上抛的物体上升时超重，下降时失重C．完全失重时，物体就不受重力，与重力有关的一切现象不存在了D．在加速上升的电梯中用弹簧秤测一物体的重力，“视重〞大于物体的重力二、题：此题共2小题，每空2分，共12分.9．“验证力的平行四边形那么〞的，如图①所示，其中A为固橡皮筋的图钉，O为橡皮筋与细绳的结点，OB和OC为细绳．图②所示是在白纸上根据结果画出的图．〔1〕本采用的方法是A．理想法 B．效替代法C．控制变量法 D．建立物理模型法〔2〕图②中的是力F1和F2的合力的理论值；是力F1和F2的合力的实际测量值．10．用如图1所示装置做“探究物体的加速度跟力的关系〞的．时保持小车的质量M〔含车中的钩码〕不变，用在绳的下端挂的钩码的总重力mg作为小车受到的合力，用打点计时器和小车后端拖动的纸带测出小车运动的加速度．〔1〕时绳的下端先不挂钩码，反复调整垫木的左右位置，直到小车做匀速直线运动，这样做的目的是．〔2〕图2为中打出的一条纸带的一，从比拟清晰的点迹起，在纸带上标出了连续的5个计数点A、B、C、D、E，相邻两个计数点之间都有4个点迹没有标出，测出各计数点到A点之间的距离，如下图．打点计时器接在频率为50Hz的交流电源两端，那么此次中小车运动的加速度的测量值a= m/s2．〔结果保存两位有效数字〕〔3〕保持小车的质量M〔含车中的钩码〕不变，改变绳的下端挂的钩码的总质量m，该同学根据数据作出了加速度a随合力F变化的图线如图3所示．该图线不通过原点，其主要原因是．11．如下图，一根质量不计的A端用铰链固在墙壁上，B端用细绳悬挂在墙壁上的C点，使得保持水平状态．细绳与竖直墙壁之间的夹角为60°，当用另一段轻绳在B点悬挂一个质量为M=6kg的重物时，那么轻杆对B点的弹力大小为，绳BC的拉力大小为．〔g取10m/s2〕．12．一个静止在水平地面上的物体，质量是2kg，在N的水平拉力作用下沿水平地面向右运动．物体与地面间的摩擦力是N．求物体在4s末的速度和4s内发生的位移．13．如下图，在一个水平向右匀加速直线运动的质量为M的车厢里，用一个滑轮通过绳子悬挂两个物体，物体的质量分别为m1、m2．m1＜m2，m2静止在车厢的地板上，m1向左偏离竖直方向θ角．这时，〔1〕的加速度有多大？并讨论可能的运动情况．〔2〕作用在m2上的摩擦力大小是多少？〔3〕车厢的地板对m2的支持力为多少？省二中高一〔上〕期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题：此题共8小题，每题6分，共48分.在每题给出的四个选项中，第1～5题只有一项符合题目要求，第6～8题有多项符合题目要求．选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．关于重心以下说法中正确的选项是〔〕A．物体的重心一在物体上B．物体的质量集中在重心上C．物体的重心位置跟物体的质量分布和物体的形状有关D．物体的重心跟物体的质量分布无关【考点】重心．【分析】形状规那么、质量分布均匀的物体的重心在物体的几何中心上；重心只是重力在作用效果上的作用点，重心并不是物体上最重的点，重心的位置可以在物体之外．【解答】解：A、重心是重力的作用点，物体的重心即可能在物体上，也可能在物体外，如篮框的重心在篮框之外，故A错误；B、重心是重力的作用点，并不是物体内重力最大的点，故B错误；C、物体的重心位置跟物体的质量分布和物体的形状有关；故C正确，D错误；应选：C．【点评】此题考查对重心的理解，抓住重心位置与两个因素有关：一是物体的形状，二是物体的质量分布．2．书放在水平桌面上，桌面会受到弹力的作用，产生这个弹力的直接原因是〔〕A．书的形变B．桌面的形变C．书和桌面的形变D．书受到的重力【考点】物体的弹性和弹力．【分析】力是成对出现的，这两个力是作用力与反作用力的关系，产生这两个力的形变是不同物体的形变，要注意对关系．【解答】解：A、书的形变产生的力是书本对桌面的压力，施力物体是书，受力物体是桌面．选项A正确．B、桌面的形变产生的力是桌面对书的支持力，施力物体是桌面，受力物体是书．选项B错误．C、书和桌面的形变分别产生了书对桌面的压力和桌面对书的支持力．选项C 错误．D、书受到的重力致使书压紧了桌面，重力的施力物体是地球，受力物体是书．选项D错误．应选A．【点评】成对出现的弹力，一要分清各自的施力物体和受力物体，这点是解决此题的关键．3．木块沿斜面匀速下滑，对木块受力分析，正确的选项是〔〕A．木块受重力和斜面对它的支持力B．木块受重力、斜面对它的支持力和摩擦力C．木块受重力、斜面对它的支持力、摩擦力和下滑力D．木块受重力、斜面对它的支持力、摩擦力、下滑力和压力【考点】共点力平衡的条件及其用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】分析：对木块进行受力分析，知道物体受到重力、弹力、摩擦力，不分析下滑力．【解答】解：木块受到重力、弹力、摩擦力，下滑力是重力的一个分力，不需要单独分析．压力是物体对斜面的作用力，不是木块受到的力．应选B【点评】此题考查分析受力情况的能力，一般按重力、弹力和摩擦力的顺序进行受力分析，不分析物体的施力．4．质量m=200g的物体，测得它的加速度a=20cm/s2，那么关于它受到的合外力的大小及单位，以下运算既简洁又符合一般运算要求的是〔〕A．F=200×20=4 000 N B．F=0.2 kg×20 cm/s2=4 NC．F=0.2×0.2=0.04 N D．F=0.2×0.2 N=0.04 N【考点】牛顿第二律；力学单位制．【专题】性思想；推理法；牛顿运动律综合专题．【分析】物体的质量和加速度，求合力，运用牛第二律解决问题．同时也该知道物体的合力方向决加速度方向．为了简洁标准，单位都必须化成统一的单位【解答】解：物体质量m=200g=0.2 kg，加速度为：a=20 cm/s2=0.2 m/s2F=ma=0.2×0.2 N=0.04N应选：D【点评】此题考查牛顿第二律的用；要注意使用牛顿第二律时，所有的单位都必须是单位．在采用单位制后，可以不需要再每一个物理量再代单位计算，只需要在计算式最后代入总单位即可．5．如下图，天花板上用细绳吊起两个用轻弹簧相连的质量相同的小球，两小球均保持静止．当突然剪断细绳的瞬间，上面小球A与下面小球B的加速度分别为〔以向上为正方向，重力加速度为g〕〔〕A．a1=g a2=g B．a1=2g a2=0 C．a1=﹣2g a2=0 D．a1=0 a2=g【考点】牛顿第二律．【专题】牛顿运动律综合专题．【分析】剪断绳子前，根据平衡求出弹簧的弹力，剪断绳子的瞬间，弹簧的弹力不变，结合牛顿第二律分别求出A、B的加速度大小．【解答】解：设小球的质量为m，剪断绳子前，弹簧的弹力F=mg，剪断绳子的瞬间，弹簧的弹力不变，隔离对B分析，合力为零，加速度a2=0，以向上为正方向，对A 分析，，故C正确，A、B、D错误．应选：C．【点评】此题考查了牛顿第二律得瞬时问题，知道剪断绳子的瞬间，弹簧的弹力不变，结合牛顿第二律进行求解，根底题．6．两个共点力的合力为50N，分力F1的方向与合力F的方向成30°角，分力F2的大小为30N，那么〔〕A．F1的大小不是唯一的B．F2的方向是唯一的C．F2有两个可能的方向D．F2可取任意方向【考点】合力的大小与分力间夹角的关系．【专题】平行四边形法那么图解法专题．【分析】合力的大小为50，一个分力F1的方向，与F成30°夹角，另一个分力的最小值为Fsin30°=25N，根据三角形那么可知分解的组数．【解答】解：一个分力有确的方向，与F成30°夹角，知另一个分力的最小值为Fsin30°=25N而另一个分力大小大于25N小于30N，所以分解的组数有两组解．如图．故AC正确，BD错误应选：AC．【点评】解决此题的关键知道合力和分力遵循平行四边形那么，知道平行四边形那么与三角形那么的实质是相同的．7．如下图，一个重为G的圆球被长细线AC悬挂在墙上，不考虑墙的摩擦，如果把绳的长度增加一些，那么球对绳的拉力F1和球对墙的压力F2的变化情况是〔〕A．F1减小B．F1增大C．F2减小D．F2增大【考点】共点力平衡的条件及其用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】重球整个过程受力平衡，对重球受力分析后正交分解，水平方向与竖直方向均受力平衡．【解答】解：对重球受力分析如图：设绳子与竖直墙面间的夹角θ，重球竖直方向受力平衡：Tcosθ=G ①重球水平方向受力平衡：Tsinθ=F ②如果把绳的长度增加一些，那么夹角θ减小，cosθ增大，由①得绳子拉力T 减小；sinθ减小，T也减小，由②得绳子的弹力F减小；再结合牛顿第三律，球对绳的拉力F1和球对墙的压力F2均减小；应选：AC．【点评】注意此题绳子长度在增长过程中夹角减小，但是仍然处于受力平衡状态．8．关于超重和失重，以下说法不正确是〔〕A．物体处于超重时，物体的重力增加，处于失重时物体的重力减小B．竖直向上抛的物体上升时超重，下降时失重C．完全失重时，物体就不受重力，与重力有关的一切现象不存在了D．在加速上升的电梯中用弹簧秤测一物体的重力，“视重〞大于物体的重力【考点】超重和失重．【专题】解题思想；性思想；牛顿运动律综合专题．【分析】当物体对接触面的压力大于物体的真实重力时，就说物体处于超重状态，此时有向上的加速度；当物体对接触面的压力小于物体的真实重力时，就说物体处于失重状态，此时有向下的加速度；如果没有压力了，那么就是处于完全失重状态，此时向下加速度的大小为重力加速度g．【解答】解：A、超重是物体对接触面的压力大于物体的真实重力，物体的重力并没有增加，处于失重时物体的重力也没有减小．故A错误．B、竖直向上抛的物体上升时处于失重状态，下降时也处于失重状态．故B错误C、物体处于完全失重时，重力用来提供加速度，对支持它的支持面压力为零，重力并没有消失．故C错误；D、在加速上升的电梯中用弹簧秤测一物体的重力，物体的加速度的方向向上，处于超重状态，可知“视重〞大于物体的重力．故D正确．应选：D【点评】此题主要考查了对超重失重现象的理解，人处于超重或失重状态时，人的重力并没变，只是对支持物的压力变了．二、题：此题共2小题，每空2分，共12分.9．“验证力的平行四边形那么〞的，如图①所示，其中A为固橡皮筋的图钉，O为橡皮筋与细绳的结点，OB和OC为细绳．图②所示是在白纸上根据结果画出的图．〔1〕本采用的方法是 BA．理想法 B．效替代法C．控制变量法 D．建立物理模型法〔2〕图②中的 F 是力F1和F2的合力的理论值；F′是力F1和F2的合力的实际测量值．【考点】验证力的平行四边形那么．【专题】题；性思想；效替代法；平行四边形法那么图解法专题．【分析】〔1〕在“验证力的平行四边形那么〞的中采用了两个力合力与一个力效果相同来验证的平行四边形那么，因此采用“效替代法〞；〔2〕F1、F2合力的理论值是指通过平行四边形那么求出的合力值，而其值是指一个弹簧拉橡皮条时所测得的数值，明确理论值和值的区别即可解答．【解答】解：〔1〕合力与分力是效替代的关系，所以本采用方法是效替代法；〔2〕用平行四边形画出来的是理论值，由于误差的存在，其与竖直方向总会有一夹角，故F是理论值．一个弹簧拉橡皮条时所测得的数值为值，其方向一与橡皮条在一条直线上，故F′是值；通过比拟，可以发现力的合成满足平行四边形那么；故答案为：〔1〕B；〔2〕F；F′．【点评】在“验证力的平行四边形那么〞中，我们要知道分力和合力的效果是同的，对于根底知识要熟练掌握并能正确用，对根底的理解．10．用如图1所示装置做“探究物体的加速度跟力的关系〞的．时保持小车的质量M〔含车中的钩码〕不变，用在绳的下端挂的钩码的总重力mg作为小车受到的合力，用打点计时器和小车后端拖动的纸带测出小车运动的加速度．〔1〕时绳的下端先不挂钩码，反复调整垫木的左右位置，直到小车做匀速直线运动，这样做的目的是平衡小车运动中所受的摩擦阻力．〔2〕图2为中打出的一条纸带的一，从比拟清晰的点迹起，在纸带上标出了连续的5个计数点A、B、C、D、E，相邻两个计数点之间都有4个点迹没有标出，测出各计数点到A点之间的距离，如下图．打点计时器接在频率为50Hz的交流电源两端，那么此次中小车运动的加速度的测量值a= 1.0 m/s2．〔结果保存两位有效数字〕〔3〕保持小车的质量M〔含车中的钩码〕不变，改变绳的下端挂的钩码的总质量m，该同学根据数据作出了加速度a随合力F变化的图线如图3所示．该图线不通过原点，其主要原因是没有平衡摩擦力或平衡摩擦力缺乏．【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系．【专题】题；性思想；推理法；牛顿运动律综合专题．【分析】〔1〕探究物体加速度与力的关系中，要使小车受到的拉力于钩码的重力，在前平衡摩擦力；〔2〕根据纸带数据，由△x=at2可求小车的加速度；〔3〕图线不通过坐标原点，当F为某一值时，加速度为零，知平衡摩擦力缺乏．【解答】解：〔1〕时绳的下端先不挂钩码，反复调整垫木的左右位置，直到小车做匀速直线运动，以使小车的重力沿斜面分力和摩擦力抵消，那么小车的合力就是绳子的拉力．这样做的目的是平衡小车运动中所受的摩擦阻力．〔2〕计数点间的时间间隔t=0.02s×5=0.1s，由△x=at2可得：小车的加速度a==1.0m/s2．〔3〕从图象可以看出当有了一的拉力F时，小车的加速度仍然是零，小车没动说明小车的合力仍然是零，即小车还受到摩擦力的作用，说明摩擦力还没有平衡掉，或者是平衡摩擦力了但是平衡的还不够，没有完全平衡掉摩擦力，所以图线不通过坐标原点的原因是前该同学未平衡摩擦力或未平衡摩擦力缺乏．故答案为：〔1〕平衡小车运动中所受的摩擦阻力；〔2〕1.0；〔3〕没有平衡摩擦力或平衡摩擦力缺乏【点评】对于，我们要从原理、仪器、步骤、数据处理、考前须知这几点去理解．对牛顿第二律中关键明确平衡摩擦力的原因和要求满足砝码总质量远小于小车质量的理由．11．如下图，一根质量不计的A端用铰链固在墙壁上，B端用细绳悬挂在墙壁上的C点，使得保持水平状态．细绳与竖直墙壁之间的夹角为60°，当用另一段轻绳在B点悬挂一个质量为M=6kg的重物时，那么轻杆对B 点的弹力大小为60N ，绳BC的拉力大小为120N ．〔g 取10m/s2〕．【考点】共点力平衡的条件及其用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】对B点受力分析，受M的拉力〔于G〕、轻杆对B点的弹力和绳BC的拉力，根据共点力平衡条件并结合合成法列式求解即可．【解答】解：对B点受力分析，如下图：根据根据共点力平衡条件，有：T==2Mg=120NF=Gtan60°=6×10×=60N答：轻杆对B点的弹力为60N，绳BC的拉力大小为120N．【点评】此题关键是对物体受力分析后运用合成法求解，也可以用分解法作图求解，根底问题．12．一个静止在水平地面上的物体，质量是2kg，在N的水平拉力作用下沿水平地面向右运动．物体与地面间的摩擦力是N．求物体在4s末的速度和4s内发生的位移．【考点】牛顿第二律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】牛顿运动律综合专题．【分析】由牛顿第二律可以求出物体的加速度，然后由速度时间公式求出4s 末的速度；由匀变速运动的位移公式可以求出物体位移．【解答】解：由牛顿第二律得：F﹣f=ma，解得加速度为：a===m/s2，4s末物体的速度为：v=at=×4=m/s；物体的位移：x=at2=××42=m；答：〔1〕物体在4s末的速度为m/s．〔2〕物体在4s内发生的位移为m．【点评】此题是一道根底题，用牛顿第二律、匀变速运动的速度与位移公式即可正确解题．13．如下图，在一个水平向右匀加速直线运动的质量为M的车厢里，用一个滑轮通过绳子悬挂两个物体，物体的质量分别为m1、m2．m1＜m2，m2静止在车厢的地板上，m1向左偏离竖直方向θ角．这时，〔1〕的加速度有多大？并讨论可能的运动情况．〔2〕作用在m2上的摩擦力大小是多少？〔3〕车厢的地板对m2的支持力为多少？【考点】牛顿第二律．【专题】牛顿运动律综合专题．【分析】车厢水平向右做加速直线运动，两物体与车厢具有相同的加速度，根据隔离对物体1分析，得出物体1的加速度以及细线的拉力，从而得知车厢的加速度．再隔离对物体2分析，求出支持力和摩擦力的大小．【解答】解：〔1〕物体1与车厢具有相同的加速度，对物体1分析，受重力和拉力，根据合成法知，F合=m1gtanθ，T=，物体1的加速度a=gtanθ，所以可能向右加速或者向左减速；〔2〕物体2加速度为gtanθ，对物体2受力分析，受重力、支持力和摩擦力，水平方向有：f=ma=mgtanθ〔3〕竖直方向有：N=m2g﹣T=m2g﹣答：〔1〕的加速度为gtanθ向右加速或者向左减速；〔2〕作用在m2上的摩擦力大小是m2gtanθ；〔3〕车厢的地板对m2的支持力为m2g﹣【点评】解决此题的关键的关键知道车厢和两物体具有相同的加速度，通过整体法和隔离法进行求解．。

甘肃省定西市通渭县17届高三物理上学期期末试卷(含解析)

2016-2017学年甘肃省定西市通渭县高三（上）期末物理试卷一、选择题（共8小题，每小题6分，满分48分）1．质量为m的物体用轻绳AB悬挂于天花板上．用水平向左的力F缓慢拉动绳的中点O，如图所示．用T表示绳OA段拉力的大小，在O点向左移动的过程中（）A．F逐渐变大，T逐渐变大B．F逐渐变大，T逐渐变小C．F逐渐变小，T逐渐变大D．F逐渐变小，T逐渐变小2．如图所示，A、B两物体相距s=7m，物体A以v A=4m/s 的速度向右匀速运动，而物体B 此时的速度v B=10m/s，只在摩擦力作用下向右做匀减速运动，加速度a=﹣2m/s2，那么物体A追上物体B所用的时间为（）A．7 s B．8 s C．9 s D．10 s3．某车以相同的功率在两种不同的水平路面上行驶，受到的阻力分别为车重的k1和k2倍，最大速率分别为v1和v2，则（）A．v2=k1v1B．v2=v1C．v2=v1D．v2=k2v14．一质量为m的物体在水平恒力F的作用下沿水平面运动，在t0时刻撤去力F，其v﹣t图象如图所示．已知物体与水平面间的动摩擦因数为μ，则下列关于力F的大小和力F做功W 的大小关系式正确的是（）A．F=μmg B．F=2μmg C．W=μmgv0t0D．W=μmgv0t05．如图所示，一电场的电场线分布关于y轴（沿竖直方向）对称，O、M、N是y轴上的三个点，且OM=MN．P点在y轴右侧，MP⊥ON．则（）A．M点的电势比P点的电势低B．将负电荷由O点移动到P点，电场力做正功C．M、N两点间的电势差大于O、M两点间的电势差D．在O点静止释放一带正电粒子，该粒子将沿y轴做直线运动6．宇宙中，两颗靠得比较近的恒星，只受到彼此之间的万有引力作用互相绕转，称之为双星系统．在浩瀚的银河系中，多数恒星都是双星系统．设某双星系统A、B绕其连线上的O 点做匀速圆周运动，如图所示．若AO＞OB，则（）A．星球A的质量一定大于B的质量B．星球A的线速度一定大于B的线速度C．双星间距离一定，双星的质量越大，其转动周期越大D．双星的质量一定，双星之间的距离越大，其转动周期越大7．如图所示，在等量异种电荷形成的电场中，画一正方形ABCD，对角线AC与两点电荷连线重合，两对角线交点O恰为电荷连线的中点．下列说法中正确的是（）A．A点的电场强度等于B点的电场强度B．B、D两点的电场强度及电势均相同C．一电子由B点沿B→C→D路径移至D点，电势能先增大后减小D．一电子由C点沿C→O→A路径移至A点，电场力对其先做负功后做正功8．在倾角为θ的固定光滑斜面上有两个用轻弹簧相连接的物块A、B，它们的质量分别为m1、m2，弹簧劲度系数为k，C为一固定挡板，系统处于静止状态．现用一平行于斜面向上的恒力F拉物块A使之向上运动，当物块B刚要离开挡板C时，物块A沿斜面运动的距离为d，速度为v，则（）A．此过程中拉力F做功的大小等于物块A动能的增加量B．当物块B刚要离开挡板时，受力满足m2gsinθ=kdC．当物块B刚要离开挡板时，物块A的加速度为D．此过程中弹簧弹性势能的增加量为Fd﹣m1v2﹣m1gdsinθ二、非选择题9．如图所示为实验室中验证动量守恒的实验装置示意图．（1）若入射小球质量为m1，半径为r1；被碰小球质量为m2，半径为r2，则A．m1＞m2，r1＞r2B．m1＜m2，r1＜r2C．m1＞m2，r1=r2D．m1＜m2，r1=r2（2）为完成此实验，需要调节斜槽末端的切线必须水平，如何检验斜槽末端水平：（3）设入射小球的质量为m1，被碰小球的质量为m2，P为碰前入射小球落点的平均位置，则关系式（用m1、m2及图中字母表示）成立．即表示碰撞中动量守恒．10．在“验证机械能守恒定律”的实验中，已知电磁打点计时器所用的电源的频率为50Hz，查得当地的重力加速度g=9.80m/s2，测得所用的重物质量为1.00kg．实验中得到的一条点迹清晰的纸带（如图所示），把第一个点记为O，另选连续的四个点A、B、C、D作为测量的点，经测量知道A、B、C、D各点到O点的距离分别为62.99cm、70.18cm、77.76cm、85.73cm．（1）根据以上数据，可知重物由O点运动到C点，重力势能的减少量等于J，动能的增加量等于J（取三位有效数字）．（2）根据以上数据，可知重物下落时的实际加速度a= m/s2，a g（填“大于”或“小于”），原因是．11．如图所示，一带电荷量为+q、质量为m的小物块处于一倾角为37°的光滑斜面上，当整个装置被置于一水平向右的匀强电场中，小物块恰好静止．重力加速度取g，sin37°=0.6，cos37°=0.8．求：（1）水平向右电场的电场强度；（2）若将电场强度减小为原来的，物块的加速度是多大；（3）电场强度变化后物块下滑的距离L时的动能．12．如图所示，在一光滑的水平面上有两块相同的木板B和C．重物A（视为质点）位于B 的右端，A、B、C的质量相等．现A和B以同一速度滑向静止的C，B与C发生正碰．碰后B 和C粘在一起运动，A在C上滑行，A与C有摩擦力．已知A滑到C的右端而未掉下．试问：从B、C发生正碰到A刚移动到C右端期间，C所走过的距离是C板长度的多少倍？[物理--选修3-3]13．带有活塞的气缸内封闭一定量的理想气体．气体开始处于状态a，然后经过过程ab到达状态b或经过过程ac到达状态c，b、c状态温度相同，如图所示．设气体在状态b和状态c的压强分别为p b和p c，在过程ab和ac中吸收的热量分别为Q ab和Q ac，则（）A．p b＞p c，Q ab＞Q ac B．p b＞p c，Q ab＜Q acC．p b＜p c，Q ab＞Q ac D．p b＜p c，Q ab＜Q ac14．如图所示，系统由左右两个侧壁绝热、底部、截面均为S的容器组成．左容器足够高，上端敞开，右容器上端由导热材料封闭．两个容器的下端由可忽略容积的细管连通．容器内两个绝热的活塞A、B下方封有氮气，B上方封有氢气．大气的压强p0，温度为T0=273K，两个活塞因自身重量对下方气体产生的附加压强均为0.1p0．系统平衡时，各气体柱的高度如图所示．现将系统的底部浸入恒温热水槽中，再次平衡时A上升了一定的高度．用外力将A 缓慢推回第一次平衡时的位置并固定，第三次达到平衡后，氢气柱高度为0.8h．氮气和氢气均可视为理想气体．求（1）第二次平衡时氮气的体积；（2）水的温度．[物理--选修3-4]15．某振动系统的固有频率为f0，在周期性驱动力的作用下做受迫振动，驱动力的频率为f，若驱动力的振幅保持不变，下列说法正确的是（）A．当f＜f0时，该振动系统的振幅随f的增大而减小B．当f＞f0时，该振动系统的振幅随f的减小而增大C．该振动系统的振动稳定后，振动的频率等于f0D．该振动系统的振动稳定后，振动的频率等于f16．一棱镜的截面为直角三角形ABC，∠A=30°，斜边AB=a，棱镜材料的折射率为n=．在此截面所在的平面内，一条光线以45°的入射角从AC边的中点M射入棱镜，求其射出的点的位置（不考虑光线沿原来路线返回的情况）．2016-2017学年甘肃省定西市通渭县高三（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（共8小题，每小题6分，满分48分）1．质量为m的物体用轻绳AB悬挂于天花板上．用水平向左的力F缓慢拉动绳的中点O，如图所示．用T表示绳OA段拉力的大小，在O点向左移动的过程中（）A．F逐渐变大，T逐渐变大B．F逐渐变大，T逐渐变小C．F逐渐变小，T逐渐变大D．F逐渐变小，T逐渐变小【考点】2H：共点力平衡的条件及其应用；29：物体的弹性和弹力．【分析】本题关键是抓住悬挂物B的重力不变，即OB段绳中张力恒定，O点缓慢移动时，点O始终处于平衡状态，根据平衡条件列式求解各力变化情况．【解答】解：以结点O为研究对象受力分析如下图所示：由题意知点O缓慢移动，即在移动过程中始终处于平衡状态，则可知：绳OB的张力T B=mg根据平衡条件可知：Tcosθ﹣T B=0Tsinθ﹣F=0由此两式可得：F=T B tanθ=mgtanθT=在结点为O被缓慢拉动过程中，夹角θ增大，由三角函数可知：F和T均变大，故A正确，BCD错误．故选：A．2．如图所示，A、B两物体相距s=7m，物体A以v A=4m/s 的速度向右匀速运动，而物体B 此时的速度v B=10m/s，只在摩擦力作用下向右做匀减速运动，加速度a=﹣2m/s2，那么物体A追上物体B所用的时间为（）A．7 s B．8 s C．9 s D．10 s【考点】1E：匀变速直线运动的位移与时间的关系；1D：匀变速直线运动的速度与时间的关系．【分析】假设经过时间t，物块A追上物体B，根据位移时间公式结合几何关系列式求解即可．【解答】解：物体A做匀速直线运动，位移为：x A=v A t=4t物体B做匀减速直线运动减速过程的位移为：x B=v B t+at2=10t﹣t2设物体B速度减为零的时间为t1，有t1==5s在t1=5s的时间内，物体B的位移为x B1=25m，物体A的位移为x A1=20m，由于x A1＜x B1+S，故物体A未追上物体B；5s后，物体B静止不动，故物体A追上物体B的总时间为：t总===8s故选：B．3．某车以相同的功率在两种不同的水平路面上行驶，受到的阻力分别为车重的k1和k2倍，最大速率分别为v1和v2，则（）A．v2=k1v1B．v2=v1C．v2=v1D．v2=k2v1【考点】63：功率、平均功率和瞬时功率．【分析】汽车在水平路面上行驶时，当牵引力等于阻力时，速度最大．根据功率与速度的关系，结合汽车阻力与车重的关系求解．【解答】解：设汽车的功率为P，质量为m，则有：P=K1mgV1=K2mgV2，所以v2=v1故选：B．4．一质量为m的物体在水平恒力F的作用下沿水平面运动，在t0时刻撤去力F，其v﹣t图象如图所示．已知物体与水平面间的动摩擦因数为μ，则下列关于力F的大小和力F做功W 的大小关系式正确的是（）A．F=μmg B．F=2μmg C．W=μmgv0t0D．W=μmgv0t0【考点】66：动能定理的应用；1I：匀变速直线运动的图像；37：牛顿第二定律．【分析】根据动量定理求解恒力F的大小．由速度图象的“面积”求出位移，再求解力F 做功W的大小．【解答】解：根据动量定理得：对全过程：Ft0﹣μmg•3t0=0，得F=3μmg在0﹣t0时间内物体的位移为x=，力F做功大小为W=Fx=3μmg=．故选D5．如图所示，一电场的电场线分布关于y轴（沿竖直方向）对称，O、M、N是y轴上的三个点，且OM=MN．P点在y轴右侧，MP⊥ON．则（）A．M点的电势比P点的电势低B．将负电荷由O点移动到P点，电场力做正功C．M、N两点间的电势差大于O、M两点间的电势差D．在O点静止释放一带正电粒子，该粒子将沿y轴做直线运动【考点】A7：电场线；AG：匀强电场中电势差和电场强度的关系．【分析】电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增加．【解答】解：A、过M、P、N做等势线，可得到过P点的等势线通过M、N之间，因顺着电场线电势降低，则有φM＞φP＞φN，故A错误；B、将负电荷由O点移到P点，因U OP＞0，所以W=﹣qU OP＜0，则电场力做负功，故B错误；C、由U=Ed可知，MN间的平均场强小于OM间的平均场强，故MN两点间的电势差小于OM两点间的电势差，C错误；D、根据电场线的分布特点会发现，电场线关于y轴两边对称，故y轴上的场强方向在 y轴上，所以在O点静止释放一带正电粒子，其所受电场力沿y轴正方向，则该粒子将沿y轴做直线运动，故D正确．故选：D．6．宇宙中，两颗靠得比较近的恒星，只受到彼此之间的万有引力作用互相绕转，称之为双星系统．在浩瀚的银河系中，多数恒星都是双星系统．设某双星系统A、B绕其连线上的O 点做匀速圆周运动，如图所示．若AO＞OB，则（）A．星球A的质量一定大于B的质量B．星球A的线速度一定大于B的线速度C．双星间距离一定，双星的质量越大，其转动周期越大D．双星的质量一定，双星之间的距离越大，其转动周期越大【考点】4F：万有引力定律及其应用．【分析】双星靠相互间的万有引力提供向心力，具有相同的角速度，根据向心力公式判断质量关系，根据v=ωr判断线速度关系．【解答】解：A、根据万有引力提供向心力m1ω2r1=m2ω2r2，因为r1＞r2，所以m1＜m2，即A 的质量一定小于B的质量，故A错误．B、双星系统角速度相等，根据v=ωr，且AO＞OB，可知，A的线速度大于B的线速度，故B 正确．CD、设两星体间距为L，中心到A的距离为r1，到B的距离为r2，根据万有引力提供向心力公式得： =，解得周期为T=，由此可知双星的距离一定，质量越大周期越小，故C错误；总质量一定，转动周期越大，双星之间的距离就越大，故D正确．故选：BD．7．如图所示，在等量异种电荷形成的电场中，画一正方形ABCD，对角线AC与两点电荷连线重合，两对角线交点O恰为电荷连线的中点．下列说法中正确的是（）A．A点的电场强度等于B点的电场强度B．B、D两点的电场强度及电势均相同C．一电子由B点沿B→C→D路径移至D点，电势能先增大后减小D．一电子由C点沿C→O→A路径移至A点，电场力对其先做负功后做正功【考点】AC：电势；AE：电势能．【分析】等量异种电荷周围的电场线是靠近两边电荷处比较密，中间疏，在两电荷中垂线上，中间密，向两边疏，根据电场线的疏密比较电场强度的大小．根据电场力做功判断电势能的变化．根据电场力方向与速度方向的关系判断电场力做功情况．【解答】解：A、A点的电场线比B点的电场线密，则A点的电场强度大于B点的电场强度．故A错误．B、B、D两点的电场线疏密度相同，则B、D两点间的电场强度相等，等量异种电荷连线的中垂线是等势线，则B、D两点的电势相等．故B正确．C、一电子由B点沿B→C→D路径移至D点，电场力先做负功，再做正功，则电势能先增大后减小．故C正确．D、一电子由C点沿C→O→A路径移至A点，电场力方向水平向左，电场力一直做正功．故D错误．故选BC．8．在倾角为θ的固定光滑斜面上有两个用轻弹簧相连接的物块A、B，它们的质量分别为m1、m2，弹簧劲度系数为k，C为一固定挡板，系统处于静止状态．现用一平行于斜面向上的恒力F拉物块A使之向上运动，当物块B刚要离开挡板C时，物块A沿斜面运动的距离为d，速度为v，则（）A．此过程中拉力F做功的大小等于物块A动能的增加量B．当物块B刚要离开挡板时，受力满足m2gsinθ=kdC．当物块B刚要离开挡板时，物块A的加速度为D．此过程中弹簧弹性势能的增加量为Fd﹣m1v2﹣m1gdsinθ【考点】66：动能定理的应用；2H：共点力平衡的条件及其应用；37：牛顿第二定律．【分析】首先根据能量守恒求得F做的功及弹性势能的增加量，然后对初始静止状态和B 刚要离开挡板的状态进行受力分析即可求得受力情况及加速度．【解答】解：AD、由能量守恒可得：此过程中拉力F做功的大小=物块A动能的增加量+物块A重力势能的增加量+弹簧弹性势能的增加量；所以，此过程中弹簧弹性势能的增加量为拉力F做功的大小﹣物块A动能的增加量﹣物块A重力势能的增加量=，故A错误，D正确；BC、系统处于静止状态时，弹簧弹力F1=kx1=m1gsinθ，x1为压缩量；物块B刚要离开挡板C 时，弹簧弹力F2=kx2=m2gsinθ，x2为伸长量；又有x1+x2=d，故m2gsinθ=kx2≠kd；当物块B刚要离开挡板时，物块A受到的合外力为F﹣m1gsinθ﹣F2=F﹣kd，故物块A的加速度为，故B错误，C正确；故选：CD．二、非选择题9．如图所示为实验室中验证动量守恒的实验装置示意图．（1）若入射小球质量为m1，半径为r1；被碰小球质量为m2，半径为r2，则 CA．m1＞m2，r1＞r2B．m1＜m2，r1＜r2C．m1＞m2，r1=r2D．m1＜m2，r1=r2（2）为完成此实验，需要调节斜槽末端的切线必须水平，如何检验斜槽末端水平：将小球放在斜槽末端看小球是否静止，若静止则水平（3）设入射小球的质量为m1，被碰小球的质量为m2，P为碰前入射小球落点的平均位置，则关系式（用m1、m2及图中字母表示）m1=m1+m2成立．即表示碰撞中动量守恒．【考点】ME：验证动量守恒定律．【分析】（1）为了保证碰撞前后使入射小球的速度方向不变，故必须使入射小球的质量大于被碰小球的质量．为了使两球发生正碰，两小球的半径相同；（2）明确验证末端水平的基本方法是将小球放置在末端，根据小球的运动分析是否水平；（3）两球做平抛运动，由于高度相等，则平抛的时间相等，水平位移与初速度成正比，把平抛的时间作为时间单位，小球的水平位移可替代平抛运动的初速度．将需要验证的关系速度用水平位移替代．【解答】解：（1）在小球碰撞过程中水平方向动量守恒定律故有m1v0=m1v1+m2v2在碰撞过程中动能守恒故有m1v02=m1v12+m2v22解得v1=v0要碰后入射小球的速度v1＞0，即m1﹣m2＞0，m1＞m2，为了使两球发生正碰，两小球的半径相同，r1=r2故选C（2）研究平抛运动的实验很关键的地方是要保证小球能够水平飞出，只有水平飞出，小球才做平抛运动；把小球轻轻的放在斜槽末端，若小球能保持静止，则说明斜槽末端水平．（3）由于小球下落高度相同，则根据平抛运动规律可知，小球下落时间相同；P为碰前入射小球落点的平均位置，M为碰后入射小球的位置，N为碰后被碰小球的位置，碰撞前入射小球的速度v1=碰撞后入射小球的速度v2=碰撞后被碰小球的速度v3=若m1v1=m2v3+m1v2则表明通过该实验验证了两球碰撞过程中动量守恒，带入数据得：m1=m1+m2所以需要测量质量和水平位移，用到的仪器是直尺、天平．故答案为：（1）C （2）将小球放在斜槽末端看小球是否静止，若静止则水平（3）m1=m1+m210．在“验证机械能守恒定律”的实验中，已知电磁打点计时器所用的电源的频率为50Hz，查得当地的重力加速度g=9.80m/s2，测得所用的重物质量为1.00kg．实验中得到的一条点迹清晰的纸带（如图所示），把第一个点记为O，另选连续的四个点A、B、C、D作为测量的点，经测量知道A、B、C、D各点到O点的距离分别为62.99cm、70.18cm、77.76cm、85.73cm．（1）根据以上数据，可知重物由O点运动到C点，重力势能的减少量等于7.62 J，动能的增加量等于7.56 J（取三位有效数字）．（2）根据以上数据，可知重物下落时的实际加速度a= 9.74 m/s2，a 小于g（填“大于”或“小于”），原因是纸带与打点计时器间有摩擦阻力，或存在空气阻力．【考点】MD：验证机械能守恒定律．【分析】纸带实验中，若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度，从而求出动能，根据功能关系得重力势能减小量等于重力做功的数值．重物带动纸带下落过程中，除了重力还受到较大的阻力，从能量转化的角度，由于阻力做功，重力势能减小除了转化给了动能还有一部分转化给摩擦产生的内能．【解答】解：（1）重力势能减小量△E p=mgh=1.0×9.8×0.7776J=7.62J．在匀变速直线运动中时间中点的瞬时速度等于该过程中的平均速度，因此有：v c==3.89m/s，△E k=E kC=mv C2=（3.89）2=7.56J（2）根据以上数据，mah=△E k=7.56J解得：a=＜g，其主要原因是纸带与打点计时器间有摩擦阻力，或存在空气阻力．故答案为：（1）7.62，7.56，（2）9.74；小于；纸带与打点计时器间有摩擦阻力，或存在空气阻力．11．如图所示，一带电荷量为+q、质量为m的小物块处于一倾角为37°的光滑斜面上，当整个装置被置于一水平向右的匀强电场中，小物块恰好静止．重力加速度取g，sin37°=0.6，cos37°=0.8．求：（1）水平向右电场的电场强度；（2）若将电场强度减小为原来的，物块的加速度是多大；（3）电场强度变化后物块下滑的距离L时的动能．【考点】66：动能定理的应用；2G：力的合成与分解的运用；2H：共点力平衡的条件及其应用；A6：电场强度．【分析】（1）带电物体静止于光滑斜面上恰好静止，且斜面又处于水平匀强电场中，则可根据重力、支持力，又处于平衡，可得电场力方向，再由电荷的电性来确定电场强度方向．（2）当电场强度减半后，物体受力不平衡，产生加速度．借助于电场力由牛顿第二定律可求出加速度大小．（3）选取物体下滑距离为L作为过程，利用动能定理来求出动能．【解答】解：（1）小物块静止在斜面上，受重力、电场力和斜面支持力，F N sin37°=qE①F N cos37°=mg②由1、②可得电场强度（2）若电场强度减小为原来的，则变为mgsin37°﹣qEcos37°=ma③可得加速度a=0.3g．（3）电场强度变化后物块下滑距离L时，重力做正功，电场力做负功，由动能定理则有：mgLsin37°﹣qE'Lcos37°=E k﹣0④可得动能E k=0.3mgL12．如图所示，在一光滑的水平面上有两块相同的木板B和C．重物A（视为质点）位于B 的右端，A、B、C的质量相等．现A和B以同一速度滑向静止的C，B与C发生正碰．碰后B 和C粘在一起运动，A在C上滑行，A与C有摩擦力．已知A滑到C的右端而未掉下．试问：从B、C发生正碰到A刚移动到C右端期间，C所走过的距离是C板长度的多少倍？【考点】53：动量守恒定律；66：动能定理的应用．【分析】对BC组成的系统由动量守恒即可求得碰后BC的共同速度，再以ABC组成的系统由动量守恒可求得最后的合速度；因A与C之间有摩擦力做功，则由动能定理可求表示BC走过的距离；同理由动能定理可表示A运动的距离，联立即可解得C的距离与板长的倍数．【解答】解：设A、B、C的质量均为m．碰撞前，A与B的共同速度为v0，碰撞后B与C的共同速度为v1．对B、C（A对B的摩擦力远小于B、C间的撞击力），根据动量守恒定律得mv0=2mv1设A滑至C的右端时，ABC的共同速度为v2，对A和BC应用动量守恒定律得mv0+2mv1=3mv2设AC间的动摩擦因数为μ，从碰撞到A滑至C的右端的过程中，C所走过的距离是s，对BC根据动能定理得如果C的长度为l，则对A根据动能定理得连立以上各式可解得C走过的距离是C板长度的倍．[物理--选修3-3]13．带有活塞的气缸内封闭一定量的理想气体．气体开始处于状态a，然后经过过程ab到达状态b或经过过程ac到达状态c，b、c状态温度相同，如图所示．设气体在状态b和状态c的压强分别为p b和p c，在过程ab和ac中吸收的热量分别为Q ab和Q ac，则（）A．p b＞p c，Q ab＞Q ac B．p b＞p c，Q ab＜Q acC．p b＜p c，Q ab＞Q ac D．p b＜p c，Q ab＜Q ac【考点】99：理想气体的状态方程．【分析】根据理想气体状态方程，整理后可得V﹣T图象，判断斜率的意义，得到压强的变化，再根据热力学第一定律判断做功和吸热．【解答】解：根据理想气体状态方程=C，整理可得：V=T，所以斜率越大，表示压强越小，即b点的压强小于c点．由热力学第一定律△U=W+Q经过过程ab到达状态b或经过过程ac到状态c，温度变化情况相同，所以△U相等，又因经过过程ab到达状态b，体积增大，对外做功，W为负值，而经过过程ac到状态c，体积不变，对外不做功，W为零，所以第一个过程吸收的热量多．故选：C．14．如图所示，系统由左右两个侧壁绝热、底部、截面均为S的容器组成．左容器足够高，上端敞开，右容器上端由导热材料封闭．两个容器的下端由可忽略容积的细管连通．容器内两个绝热的活塞A、B下方封有氮气，B上方封有氢气．大气的压强p0，温度为T0=273K，两个活塞因自身重量对下方气体产生的附加压强均为0.1p0．系统平衡时，各气体柱的高度如图所示．现将系统的底部浸入恒温热水槽中，再次平衡时A上升了一定的高度．用外力将A 缓慢推回第一次平衡时的位置并固定，第三次达到平衡后，氢气柱高度为0.8h．氮气和氢气均可视为理想气体．求（1）第二次平衡时氮气的体积；（2）水的温度．【考点】99：理想气体的状态方程．【分析】（1）以B上方的氢气为研究对象，由玻意耳定律求出气体压强，然后以A下方的氮气为研究对象，由波意耳定律求出氮气的体积．（2）结合第一问的结果，求出氮气的末状态的压强，分析氮气的初末两个状态的状态参量，利用理想气体的状态方程，可求出氮气末状态的温度，即为水的温度．【解答】解：（1）以氢气为研究对象，初态压强为p0，体积为hS，末态体积为0.8hS．气体发生等温变化，由玻意耳定律得：p0V1=p2V2，即：p0hS=p×0.8hS，解得：p=1.25p0①活塞A从最高点被推回第一次平衡时位置的过程是等温过程．该过程的初态压强为1.1p0，体积为V；末态的压强为p′，体积为V′，则p′=p+0.1p0=1.35p0②V′=2.2hS ③由玻意耳定律得：1.1p0×V=1.35p0×2.2hS，解得：V=2.7hS ④（2）活塞A从最初位置升到最高点的过程为等压过程．该过程的初态体积和温度分别为2hS 和T0=273K，末态体积为2.7hS．设末态温度为T，由盖﹣吕萨克定律得： =，解得：T=368.55K；答：（1）第二次平衡时氮气的体积为2.7hS；（2）水的温度为368.55K．[物理--选修3-4]15．某振动系统的固有频率为f0，在周期性驱动力的作用下做受迫振动，驱动力的频率为f，若驱动力的振幅保持不变，下列说法正确的是（）A．当f＜f0时，该振动系统的振幅随f的增大而减小B．当f＞f0时，该振动系统的振幅随f的减小而增大C．该振动系统的振动稳定后，振动的频率等于f0D．该振动系统的振动稳定后，振动的频率等于f【考点】79：自由振动和受迫振动；7A：产生共振的条件及其应用．【分析】受迫振动的频率等于驱动力的频率，当系统的固有频率等于驱动力的频率时，系统达到共振，振幅达最大．【解答】解：A、当f=f0时，系统达到共振，振幅最大，故f＜f0时，随f的增大，振幅振大，故A错误；B、当f＞f0时，随f的减小，驱动力的频率接近固有频率，故该振动系统的振幅增大，故B 正确；C、该振动系统的振动稳定后，振动的频率等于驱动力的频率，故C错误；D、系统的振动稳定后，系统的振动频率等于驱动力的频率，故振动频率等于f，故D正确；故选：BD．16．一棱镜的截面为直角三角形ABC，∠A=30°，斜边AB=a，棱镜材料的折射率为n=．在此截面所在的平面内，一条光线以45°的入射角从AC边的中点M射入棱镜，求其射出的点。

17学年上学期高一期期末考试物理试题(附答案) (1)

2016-2017学年度第一学期高一级物理科期末考试试卷本试卷分选择题和非选择题两部分，共9页，满分为100分。

考试用时90分钟。

注意事项：1、答卷前，考生务必用黑色字迹的钢笔或签字笔将自己的姓名和学号填写在答题卡和答卷密封线内相应的位置上，用2B 铅笔将自己的学号填涂在答题卡上。

2、选择题每小题选出答案后，有2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案；不能答在试卷上。

3、非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔在答卷纸上作答，答案必须写在答卷纸各题目指定区域内的相应位置上，超出指定区域的答案无效；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不准使用铅笔和涂改液。

不按以上要求作答的答案无效。

4、考生必须保持答题卡的整洁和平整。

第一部分选择题(共 48 分)一、选择题（本大题共12小题，第1-8题每题4分只有一个选项是正确的，第9-12题每题4分有多项符合题目要求，全部选对得4分，选不全的得2分，有选错或者不答的得0分，共48分）1、关于物理量或物理量的单位，下列说法正确的是（）A ．在力学范围内，国际单位制规定长度、质量、速度为三个基本物理量B ．“m ”“kg ”“N ”都是国际单位制的单位C ．21/9.8/N kg m sD ．后人为了纪念牛顿，把“牛顿”作为力学中的基本单位2、物体在恒力F 1、F 2、F 3的共同作用下做匀速直线运动，若突然撤去恒力F 1，则物体的运动情况是（）A ．一定做匀变速直线运动B ．可能做匀速直线运动C ．可能做曲线运动D ．速度大小一定增加3、在匀速行驶的火车车厢内，有一人从B 点正上方相对车厢静止释放一个小球，不计空气阻力，则小球（）A ．可能落在A 处B ．一定落在B 处C ．可能落在C 处D ．以上都有可能4、将货物由静止竖直向上吊起，货物由地面运动至最高点的过程中，v-t 图象如图所示．以下判断正确的是（）A ．前3 s 内货物加速上升，加速度为2m/s 2，物体是失重状态B ．前3 s 内与最后2 s 内货物的平均速度大小相等，方向相反C ．第5s 末到第7s 末内货物只受重力作用，完全失重D ．第3 s 末至第5 s 末的过程中，货物匀速上升处于平衡状态5、如图所示，起重机将重物匀速吊起，此时四条钢索拉力均为 F ，与竖直方向的夹角均为θ，则重物的重力大小为（）A ．4F sin θB ．4F cos θC ．2F sin θD ．2F cos θ6、固定的测速仪上装有超声波发射和接收装置，如图所示，B 为测速仪，A 为汽车，两者相距335m 。

高一物理必修一期末考试题(含答案)[1]

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高一物理必修一期末测试题（含答案）A 类题《满分60分，时间40分钟,g 均取10m/s 2》姓名座号一、选择题（每小题2分，共20分，各小题的四个选项中只有一个选项是最符合题意的） 1．下列叙述中正确的是（ )A 。

我们所学过的物理量：速度、加速度、位移、路程都是矢量B 。

物体从静止开始的下落运动叫自由落体运动C 。

通常所说的压力、支持力和绳的拉力都是弹力D 。

任何有规则形状的物体，它的重心一定与它的几何中心重合，且也一定在物体内2．如上图所示,地面上有一个物体重为30N ,物体由于摩擦向右做减速运动，若物体与地面间的动摩擦因素为0.1,则物体在运动中加速度的大小为（）A.0。

1m /s 2B 。

1m /s 2C 。

3m /s 2D.10m /s 23．下列关于惯性的说法正确的是（）A 。

速度越大的物体越难让它停止运动，故速度越大,惯性越大 B.静止的物体惯性最大 C.不受外力作用的物体才有惯性 D.行驶车辆突然转弯时,乘客向外倾倒是由于惯性造成的 4．某同学为了测出井口到井里水面的深度，让一个小石块从井口落下，经过2s 后听到石块落到水面的声音，则井口到水面的深度大约为（不考虑声音传播所用的时间）（ ) A.10m B.20m C.30m D.40m5．作用在同一物体上的三个共点力，大小分别为6N 、3N 和8N ，其合力最小值为（）A 。

高一物理上册第一学期期末考试题附答案解析

高一物理上册第一学期期末考试题附答案解析一、选择题1．某物体运动的v ﹣t 图象如图所示，则物体做（）A ．往复运动B ．匀变速直线运动C ．朝某一方向直线运动D ．不能确定物体运动情况2．如图所示，一劲度系数为k 的轻弹簧，上端固定在天花板上，下端悬挂木块A ．木块A 处于静止状态时弹簧的伸长为l ∆(弹簧的形变在弹性限度内)，则木块A 所受重力的大小等于A ．l ∆B ．k l ⋅∆C ．l k ∆D ．k l∆ 3．转笔是一项用不同的方法与技巧、以手指来转动笔的休闲活动，如图所示．转笔深受广大中学生的喜爱，其中也包含了许多的物理知识，假设某转笔高手能让笔绕其手上的某一点O 做匀速圆周运动，下列有关该同学转笔中涉及到的物理知识的叙述正确的是A ．笔杆上的点离O 点越近的，角速度越大B ．笔杆上的点离O 点越近的，做圆周运动的向心加速度越大C ．笔杆上的各点做圆周运动的向心力是由万有引力提供的D ．若该同学使用中性笔，笔尖上的小钢珠有可能因快速的转动做离心运动被甩走4．两个大小相等的共点力F 1、F 2，当它们间的夹角为90°时合力大小为20N ；则当它们间夹角为120°时，合力的大小为（）A ．40 NB ．2NC ．2ND ．10N 5．一小船在静水中的速度为3m/s ，它在一条河宽300m ，水流速度为4m/s 的河流中渡河，则该小船（）A ．能到达正对岸B ．渡河的时间可能少于100sC ．以最短时间渡河时，它沿水流方向的位移大小为400mD．以最短位移渡河时，位移大小为300m6．摩天轮一般出现在游乐园中，作为一种游乐场项目，与云霄飞车、旋转木马合称是“乐园三宝”．在中国南昌有我国第一高摩天轮﹣﹣南昌之星，总建设高度为160米，横跨直径为153米，如图所示．它一共悬挂有60个太空舱，每个太空舱上都配备了先进的电子设备，旋转一周的时间是30分钟，可同时容纳400人左右进行同时游览．若该摩天轮做匀速圆周运动，则乘客（）A．速度始终恒定B．加速度始终恒定C．乘客对座椅的压力始终不变D．乘客受到到合力不断改变7．盐城某火车转弯处规定速度为60km/h，下列说法中正确的是（）A．轨道的弯道应是内轨略高于外轨B．轨道的弯道应是外轨和内轨等高C．如果火车按规定速率转弯，轨道对车轮无侧向压力D．如果火车按规定速率转弯，轨道对车轮有侧向压力8．如图所示，质量为m的物体放在水平桌面上，在与水平方向成θ角的拉力F作用下加速运动．已知物体与桌面间的动摩擦因数为μ，下列判断正确的是( )A．物体受到的摩擦力大小为F cosθB．物体受到的摩擦力大小为μmgC．物体对地面的压力大小为mgD．物体受到地面的支持力大小为mg-F sinθ9．足球运动员已将足球踢向空中，如图所示，下列描述足球在向斜上方飞行过程中某时刻的受力图中，正确的是（G为重力，F为脚对球的作用力，Ff为空气阻力）（）A．B．C．D．10．如图是力学中的两个实验装置，其中包含相同物理思想方法是（）A．极限的思想方法B．放大的思想方法C．控制变量的方法D．猜想的思想方法11．下列关于力的说法中，正确的是（）A．力不能离开施力物体和受力物体而独立存在B．马拉车前进，马对车有拉力作用，但车对马没有拉力作用C．力是物体运动的原因，物体不受力的作用，就一定处于静止状态D．只有两个物体直接接触时才会产生力的作用12．一小孩在地面上用玩具枪竖直向上射出初速度为比的塑料小球，若小球运动过程中受到的空气阻力与其速率成正比，小球运动的速率随时间变化的规律如图所示，t1时刻球到达最高点，再落回地面，落地速率为v1，下列说法中正确的是（）vA．小球上升过程中的平均速率小于02vB．小球下降过程中的平均速率小于12C．小球射出时的加速度值最大，到达最高点的加速度值为零D．小球的加速度在上升过程中逐渐增大，在下降过程中逐渐减小13．某跳水运动员在3m长的踏板上起跳，通过录像观察到踏板和运动员要经历图示的状态，其中A为无人时踏板静止点，B为人站在踏板上静止时的平衡点，C为人在起跳过程中人和踏板运动的最低点，则（）A．运动员在A点具有最大速度B．运动员在B处与踏板分离C．运动员和踏板由C到B的过程中，向上做匀加速运动D．运动员和踏板由C到A的过程中，运动员先超重后失重14．通过理想斜面实验得出“力不是维持物体运动的原因"的科学家是A．亚里士多德B．伽利略C．阿基米德D．牛顿15．如图，一匀质木棒，搁置于台阶上保持静止，下图关于木棒所受的弹力的示意图中正确的是A．B．C．D．16．如图所示,气球静止时对其受力情况分析，正确的是（）A．受重力、绳子拉力和空气浮力作用B．受重力、绳子拉力作用C．受重力、绳子拉力和空气作用力D．受重力、空气浮力、空气作用力及绳子拉力作用17．下列说法，正确的是( ）A．两个物体只要接触就会产生弹力B．形状规则的物体的重心必与其几何中心重合C．滑动摩擦力的方向总是和物体的运动方向相反D．放在桌面上的物体受到的支持力是由于桌面发生形变而产生的18．某质点做直线运动的v-t图象如图所示，以下说法正确的是（）A．质点始终向同一方向运动B．质点的加速度保持不变C ．前2s 内质点的位移为2mD ．前2s 内质点的路程为4m19．下列各组物理量中，全部是矢量的是（）A ．位移、时间、速度、加速度B ．质量、路程、速度、平均速度C ．速度、平均速度、位移、加速度D ．位移、路程、时间、加速度20．金属小桶侧面有一小孔A ，当桶内盛水时，水会从小孔A 中流出．如果让装满水的小桶自由下落，不计空气阻力，则在小桶自由下落过程中（）A ．水继续以相同的速度从小孔中喷出B ．水不再从小孔喷出C ．水将以更大的速度喷出D ．水将以较小的速度喷出二、多选题21．如图，斜面粗糙，滑槽B 放在斜面上，槽内有一物体A 。

2017年___高一上学期物理期末试卷与解析

2017年___高一上学期物理期末试卷与解析2016-2017学年___高一（上）期末物理试卷一、选择题1.下列说法正确的是（）A。

研究___打出的弧旋乒乓球，可把乒乓球看作质点B。

研究在女子万米比赛中的“长跑女王”______，可把______看作质点C。

匀变速直线运动v-t图中直线与t轴的正切值表示物体运动的加速度D。

在空中运动的物体不能做为参考系2.在同一水平直线上的两位置分别沿同方向水平抛出两小球A和B，其运动轨迹如图所示，不计空气阻力，要使两球在空中相遇，则必须（）A。

先抛出A球B。

先抛出B球C。

同时抛出两球D。

A球的初速度小于B球的初速度3.以下说法中正确的是（）A。

力是维持物体运动的原因，同一物体所受到的力越大，它的速度越大B。

以卵击石，石头“安然无恙”是因为鸡蛋对石头的作用力小而石头对鸡蛋的作用力大C。

平抛运动是匀变速运动D。

做曲线运动的质点，若将所有外力都撤去，则该质点因惯性仍可做曲线运动4.如图所示，由于风的缘故，河岸上的旗帜向右飘，在河面上的两条船上的旗帜分别向右和向左飘，两条船运动状态是（）A。

A船肯定是向左运动的B。

A船肯定是静止的C。

B船肯定是向右运动的D。

B船可能是静止的5.某跳水运动员在3m长的踏板上起跳，我们通过录像观察到踏板和运动员要经历如图所示的状态，其中A为无人时踏板静止点，B为人站在踏板上静止时的平衡点，C为人在起跳过程中人和踏板运动的最低点，则下列说法正确的是（）A。

人和踏板由C到B的过程中，人向上做匀加速运动B。

人和踏板由C到A的过程中，人处于超重状态C。

人和踏板由C到A的过程中，先超重后失重D。

人在C点具有最大速度6.近年来我国高速铁路发展迅速，现已知某新型国产机车总质量为m，如图已知两轨间宽度为L，内外轨高度差为h，重力加速度为g，如果机车要进入半径为R的弯道，请问，该弯道处的设计速度最为适宜的是（）A。

B。

C。

D。

7.如图所示，一物块置于水平地面上．当用与水平方向成30°角的力F1推物块时，物块做匀速直线运动；当改用与水平方向成60°角的力F2拉物块时，物块仍做匀速直线运动．若F1和F2的大小相等，则物块与地面之间的动摩擦因数为（）A。

甘肃高一高中物理期末考试带答案解析

甘肃高一高中物理期末考试班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.下列关于功的说法，正确的是 ( )A ．力作用在物体上的一段时间内，物体运动了一段位移，该力一定对物体做功B ．力对物体做正功时，可以理解为该力是物体运动的动力，通过该力做功，使其他形式的能量转化为物体的动能或用来克服其他力做功C ．功有正、负之分，说明功是矢量，功的正、负表示力的方向D ．当物体只受到摩擦力作用时，摩擦力一定对物体做负功2.一质量为m 的物体静止在光滑的水平面上，从某一时刻开始受到恒定的外力F 作用，物体运动了一段时间t ，该段时间内力F 做的功和t 时刻力F 的功率分别为 ( ) A ．， B ．， C ．，D ．，3.一辆汽车以v 1＝6 m/s 的速度沿水平路面行驶时，急刹车后能滑行x 1＝3.6 m ，如果以v 2＝8 m/s 的速度行驶，在同样路面上急刹车后滑行的距离x 2应为(不计空气阻力的影响) ( ) A ．6.4 m B ．5.6 m C ．7.2 m D ．10.8 m4.起重机将质量为100kg 的物体从地面提升到10m 高处，在这个过程中，下列说法中正确的是（重力加速度g=10m/s 2）A ．重力做正功，重力势能增加1．0×104JB ．重力做正功，重力势能减少1．0×104JC ．重力做负功，重力势能增加1．0×104JD ．重力做负功，重力势能减少1．0×104J5.质量为m 的小球被系在轻绳的一端，在竖直平面内做半径为R 的圆周运动，运动过程中小球受到空气阻力的作用.设某一时刻小球通过轨道的最低点，此时绳子的张力为7mg ，此后小球继续做圆周运动，经过半个圆周恰能通过最高点，则在此过程中小球克服空气阻力所做的功为（） A ．mgR/4 B ．mgR/2 C ．mg/R D ．mgR6.如图3所示，一很长的、不可伸长的柔软轻绳跨过光滑定滑轮，绳两端各系一小球a 和b.a 球质量为m ，静置于地面；b 球质量为3m ，用手托住，高度为h ，此时轻绳刚好拉紧．从静止开始释放b 后，a 可能达到的最大高度为 ( )A ．hB ．1.5hC ．2hD ．2.5h7.半径为r和R（r＜R）的光滑半圆形槽，其圆心均在同一水平面上，如图所示，质量相等的两小球分别自半圆形槽左边缘的最高点无初速地释放，在下滑过程中两小球( )A．机械能均逐渐减小B．经过最低点时动能相等C．机械能总是相等的D．在最低点时向心加速度大小不相等8.一颗子弹水平射入置于光滑水平面上的木块，并留在其中，A、B用一根弹性良好的轻质弹簧连在一起，如图所示，则在子弹打中木块A及弹簧被压缩的整个过程中，对子弹、两木块和弹簧组成的系统（）A．动量守恒、机械能守恒B．动量不守恒、机械能守恒C．动量守恒、机械能不守恒D．无法判断动量、机械能是否守恒9.如图所示，物体A静止在光滑的水平面上，A的左边固定有轻质弹簧，与A质量相等的物体B以速度v向A运动并与弹簧发生碰撞，A、B始终沿同一直线运动，则A、B组成的系统动能损失最大的时刻是：A. A开始运动时B. A的速度等于v时C. B的速度等于零时D. A和B的速度相等时10.关于功率公式和P＝Fv的说法正确的是 ( )A．由知，只要知道W和t就可求出任意时刻的功率B．由P＝Fv既能求某一时刻的瞬时功率，也可以求平均功率C．由P＝Fv知，随着汽车速度的增大，它的功率也可以无限制地增大D．由P＝Fv知，当汽车发动机功率一定时，牵引力与速度成反比二、不定项选择题。

《解析》甘肃省定西市通渭县榜罗中学2016-2017学年高一上学期期末物理试卷Word版含解析

2016-2017学年甘肃省定西市通渭县榜罗中学高一（上）期末物理试卷一、单项选择题（每题3分，共36分）1．一本书静止在水平桌面上，桌面对书的支持力的反作用力是（）A．书对桌面的压力 B．书对地球的吸引力C．地球对书的吸引力D．地面对桌子的支持力2．静止在水平地面上的小车，质量为5kg．在50N的水平拉力作用下做直线运动，2s内匀加速前进了4m，在这个过程中（g取10m/s2）（）A．小车加速度的大小是1m/s2B．小车4s末的速度大小是7m/sC．小车加速度的大小是2m/s2D．摩擦力的大小是10N3．木块沿斜面匀速下滑，对木块受力分析，正确的是（）A．木块受重力和斜面对它的支持力B．木块受重力、斜面对它的支持力和摩擦力C．木块受重力、斜面对它的支持力、摩擦力和下滑力D．木块受重力、斜面对它的支持力、摩擦力、下滑力和压力4．如图为根据龟兔赛跑故事画出的位移﹣时间图象，由图可知下列说法正确的是（）A．乌龟和兔子赛跑是同时从同地点出发的B．乌龟和兔子赛跑是同时出发，但出发点是不同的C．兔子虽然中途休息了一会儿，但最终先到达终点D．乌龟中途落后，但最终比兔子先到终点5．一根轻质弹簧，竖直悬挂，原长为10cm．当弹簧下端挂2.0N的重物时，伸长1.0cm；则当弹簧下端挂8.0N的重物时，弹簧的长度为（）A．4.0 cm B．14.0 cm C．8.0 cm D．18.0 cm6．如图所示，质量为1.5kg的物块靠在竖直墙面上，物块与墙面间的动摩擦因数μ=0.3，垂直于墙壁作用在物块表面的推力F=50N，现物块处于静止状态．若g取10m/s2，则物块所受摩擦力的大小为（）A．10 N B．50 N C．15 N D．3.0 N7．关于重心，下列说法正确的是（）A．物体的重心一定在物体上B．物体的质量全部集中在重心上C．物体的重心跟物体的质量分布没有关系D．物体的重心位置跟物体的质量分布情况和物体的形状有关8．三段不可伸长的细绳OA、OB、OC能承受的最大拉力相同，它们共同悬挂一重物，如图所示，其中OB是水平的，A端、B端固定，若逐渐增加C端所挂物体的质量，则最先断的绳是（）A．可能是OB，也可能是OC B．OBC．OC D．OA9．从离地面3m高处竖直向上抛出一个小球，它上升5m后回落，最后到达地面此过程中（）A．小球通过的路程是8m B．小球的位移大小是13mC．小球的位移大小是3m D．小球的位移方向是竖直向上10．根据牛顿第一定律，下列说法不正确的是（）A．运动员冲刺到终点后，不能马上停下来，还要向前跑一段距离B．自行车紧急刹车，轮子不转了，车子还会向前滑动C．地球由西向东转，我们向上跳起后，还落到原地D．气球吊着物体上升，某时刻绳子突然断了，物体立刻相对于地面向下运动11．如图所示，质量为m的木块在质量为M的长木板上滑动，长木板与水平地面间的动摩擦因数为μ1，木块与木板间动摩擦因数为μ2，已知长木板处于静止状态，那么此时长木板受到的地面摩擦力大小为（）A．μ2mg B．μ1Mg C．μ1（m+M）g D．μ2mg+μ1Mg12．如图所示的是一个物体的运动图象，下列说法正确的是（）A．物体3s末开始改变速度方向B．物体4s末开始改变位移方向C．物体在第5s内的加速度的大小大于第1s内加速度的大小D．物体在前5s内的位移方向改变二、填空题，实验题（每空2分，共32分）13．一物体受到大小分别为3N和4N两个力的作用．当这两个力方向相同时，合力大小为N；当这两个力相互垂直时，合力大小为N．14．汽车以36km/h的速度行驶．刹车时，汽车的加速度大小是4m/s2，则从开始刹车的时刻起，经过s，汽车的速度减为零．在这段时间内汽车的位移大小是m，平均速度大小是m/s．15．如图所示，物体在三个共点力的作用下保持平衡．这三个力的合力大小是．如果撤去力F1，而保持其余两个力不变，这两个力的合力方向．16．以10m/s的速度，竖直上抛一物体，不计空气阻力．物体上升最大高度为m；落回抛出点时的速度大小为m/s．（g取10m/s2）17．在“研究自由落体运动”的实验中，如果打点计时器打出的纸带前面的几个点不清晰，只得到如图所示从A点至E点这一段点迹的纸带．在纸带上测出AB、BC、CD、DE之间的距离分别是d1、d2、d3、d4．已知打点计时器打点的周期为T，重锤质量为m．（1）由此可求得打B点时，重锤的速度v B=，打D点时，重锤的速度v D=．（2）打点计时器在纸带上打B点到打D点的时间是，重锤运动的加速度是．18．在验证牛顿第二定律的实验中，测量长度的工具是；测量时间的工具是．实验中小盘和砝码的总质量m与车和砝码的总质量M间必须满足的条件是．三、计算题（解答过程包含必要的文字说明，计算公式，计算过程．19题8分，20题，21题各12分．）19．一个同学在百米赛跑中，测得10s末他在50m处的瞬时速度是6m/s，16s 末到终点时的瞬时速度为7.5m/s，求（1）他从50m处到终点的平均加速度的大小；（2）他在全程内平均速度的大小．20．以15m/s的速度从地面竖直向上抛出一个物体，不受空气阻力．计算（1）该物体竖直上抛的最大高度；（2）该物体2.5s末的速度；（3）该物体在2s内的位移．（g取10m/s2）21．一个静止在水平地面上的物体，质量是2Kg，在8N的水平拉力作用下沿水平地面向右运动．物体与地面间的动摩擦因数是0.2．计算（1）物体受到的摩擦力大小和方向；（2）物体在3s末的速度大小；（3）物体在3s内的位移大小．2016-2017学年甘肃省定西市通渭县榜罗中学高一（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（每题3分，共36分）1．一本书静止在水平桌面上，桌面对书的支持力的反作用力是（）A．书对桌面的压力 B．书对地球的吸引力C．地球对书的吸引力D．地面对桌子的支持力【考点】牛顿第三定律．【分析】桌面对书的支持力的反作用力是书对桌面的压力．【解答】解：桌面对书的支持力的反作用力是书对桌面的压力，故A正确，BCD 错误．故选：A2．静止在水平地面上的小车，质量为5kg．在50N的水平拉力作用下做直线运动，2s内匀加速前进了4m，在这个过程中（g取10m/s2）（）A．小车加速度的大小是1m/s2B．小车4s末的速度大小是7m/sC．小车加速度的大小是2m/s2D．摩擦力的大小是10N【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】根据匀加速直线运动位移时间公式求出加速度，根据牛顿第二定律求解摩擦力的大小，根据μ=求解动摩擦因数【解答】解：A、根据得：a=，故A错误，C正确；B、4s末的速度v=at=8m/s，故B错误D、根据牛顿第二定律得：F﹣f=ma解得：f=50﹣10=40N，故D错误．故选：C3．木块沿斜面匀速下滑，对木块受力分析，正确的是（）A．木块受重力和斜面对它的支持力B．木块受重力、斜面对它的支持力和摩擦力C．木块受重力、斜面对它的支持力、摩擦力和下滑力D．木块受重力、斜面对它的支持力、摩擦力、下滑力和压力【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【分析】分析：对木块进行受力分析，知道物体受到重力、弹力、摩擦力，不分析下滑力．【解答】解：木块受到重力、弹力、摩擦力，下滑力是重力的一个分力，不需要单独分析．压力是物体对斜面的作用力，不是木块受到的力．故选B4．如图为根据龟兔赛跑故事画出的位移﹣时间图象，由图可知下列说法正确的是（）A．乌龟和兔子赛跑是同时从同地点出发的B．乌龟和兔子赛跑是同时出发，但出发点是不同的C．兔子虽然中途休息了一会儿，但最终先到达终点D．乌龟中途落后，但最终比兔子先到终点【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】观察x﹣t图象，可知纵坐标表示的是前进的位移，横坐标表示的是运动的时间．图象上点对应的位移与时间的比值表示此点的速度．观察图象，判断对错．【解答】解：A、B、乌龟和兔子赛跑是从同地点出发的，但不同时，故A、B错误；C、在t0时间内，乌龟的位移大于兔子的位移，所以在t0时间内兔子的平均速度小，故C错误；D、从图象中看出，在中途某一时刻兔子的位移大于乌龟的位移，但是最后乌龟到终点，兔子还没有到达，故D正确．故选：D．5．一根轻质弹簧，竖直悬挂，原长为10cm．当弹簧下端挂2.0N的重物时，伸长1.0cm；则当弹簧下端挂8.0N的重物时，弹簧的长度为（）A．4.0 cm B．14.0 cm C．8.0 cm D．18.0 cm【考点】胡克定律．【分析】当弹簧下端挂2.0N的重物时，弹簧的拉力等于重物的重力．根据胡克定律求出弹簧的劲度系数．当弹簧下端挂8.0N的重物时，弹簧的拉力等于8N，由胡克定律求出弹簧伸长的长度，加上原长即为弹簧的长度．【解答】解：当弹簧下端挂2.0N的重物时，弹簧的拉力F1=2N，弹簧伸长的长度x1=0.01m，根据胡克定律F=kx，得弹簧的劲度系数N/m当弹簧下端挂8.0N的重物时，弹簧的拉力F2=8N，则弹簧伸长的长度为m，所以弹簧的长度为：l=l0+x2=0.10m+0.04m=0.14m故选：B6．如图所示，质量为1.5kg的物块靠在竖直墙面上，物块与墙面间的动摩擦因数μ=0.3，垂直于墙壁作用在物块表面的推力F=50N，现物块处于静止状态．若g取10m/s2，则物块所受摩擦力的大小为（）A．10 N B．50 N C．15 N D．3.0 N【考点】摩擦力的判断与计算．【分析】先对物块进行受力分析，然后由共点力的平衡的条件列方程求解．【解答】解：对物块受力分析，设物块受的重力为G，摩擦力为f，墙支持力为N，示意图如下：根据受力平衡的条件：f=G=15N，故ABD错误，C正确；故选：C．7．关于重心，下列说法正确的是（）A．物体的重心一定在物体上B．物体的质量全部集中在重心上C．物体的重心跟物体的质量分布没有关系D．物体的重心位置跟物体的质量分布情况和物体的形状有关【考点】重心．【分析】重力的作用点是重心，物体的重心由物体的质量分布与物体的形状决定，物体的重心不一定在物体上．【解答】解：A、物体的重心可能在物体上，也可能在物体之外，故A错误；B、重心只是重力的作用点，物体的质量并不集中在重心上，故B错误；C、D、物体的重心位置跟物体的质量分布情况和物体的形状有关，故C错误，D 正确；故选：D8．三段不可伸长的细绳OA、OB、OC能承受的最大拉力相同，它们共同悬挂一重物，如图所示，其中OB是水平的，A端、B端固定，若逐渐增加C端所挂物体的质量，则最先断的绳是（）A．可能是OB，也可能是OC B．OBC．OC D．OA【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．【分析】以结点O为研究，分析受力情况，根据三个细绳受到的拉力大小，判断哪根绳最先断．【解答】解：以结点O为研究，在绳子均不被拉断时受力图如图．根据平衡条件，结合力图可知：F OA＞F OB，F OA＞F OC，即OA绳受的拉力最大，而细绳OA、OB、OC能承受的最大拉力相同，则当物体质量逐渐增加时，OA绳最先被拉断．故选：D．9．从离地面3m高处竖直向上抛出一个小球，它上升5m后回落，最后到达地面此过程中（）A．小球通过的路程是8m B．小球的位移大小是13mC．小球的位移大小是3m D．小球的位移方向是竖直向上【考点】竖直上抛运动．【分析】此题与竖直上抛运动有关，其实是考查的位移和路程，路程：物体运动轨迹的长度，标量；位移：由初位置指向末位置的一条有向线段，矢量．【解答】解：物体轨迹如图：所以路程为：5+8=13m位移：如图红线所示：大小为3m，方向竖直向下故选：C．10．根据牛顿第一定律，下列说法不正确的是（）A．运动员冲刺到终点后，不能马上停下来，还要向前跑一段距离B．自行车紧急刹车，轮子不转了，车子还会向前滑动C．地球由西向东转，我们向上跳起后，还落到原地D．气球吊着物体上升，某时刻绳子突然断了，物体立刻相对于地面向下运动【考点】牛顿第一定律．【分析】牛顿第一定律揭示了力与运动的关系，并说明了惯性的性质；根据惯性知识可解释生活中的现象．【解答】解：A、由于运动员到达终点时仍有速度，则由于惯性，人还会继续向前跑一段距离；故A正确；B、刹车时，虽然轮子不转了，但车子还有较大的速度，则由于惯性还会向前运动；故B正确；C、我们向上跳起后，由于惯性，保持了与地球相同的转动速度，故落下后仍在原地；故C正确；D、绳子断的瞬间，物体有向上的速度，则物体仍保持向上的运动；故D不正确；本题选不正确的，故选：D．11．如图所示，质量为m的木块在质量为M的长木板上滑动，长木板与水平地面间的动摩擦因数为μ1，木块与木板间动摩擦因数为μ2，已知长木板处于静止状态，那么此时长木板受到的地面摩擦力大小为（）A．μ2mg B．μ1Mg C．μ1（m+M）g D．μ2mg+μ1Mg【考点】静摩擦力和最大静摩擦力；滑动摩擦力．【分析】先对小滑块受力分析，受重力、长木板的支持力和向左的滑动摩擦力；再对长木板受力分析，受到重力、小滑块的对长木板向下的压力、小滑块对其向右的滑动摩擦力、地面对长木板的支持力和向左的静摩擦力；然后根据共点力平衡条件判断．【解答】解：对小滑块受力分析，受重力mg、长木板的支持力F N和向左的滑动摩擦力f1，有f1=μ2F NF N=mg故f1=μ2mg再对长木板受力分析，受到重力Mg、小滑块的对长木板向下的压力F N、小滑块对其向右的滑动摩擦力f1、地面对长木板的支持力F N′和向左的静摩擦力f2，根据共点力平衡条件，有F N′=F N+Mgf1=f2故f2=μ2mg故选：A．12．如图所示的是一个物体的运动图象，下列说法正确的是（）A．物体3s末开始改变速度方向B．物体4s末开始改变位移方向C．物体在第5s内的加速度的大小大于第1s内加速度的大小D．物体在前5s内的位移方向改变【考点】匀变速直线运动的图像．【分析】先根据速度时间图象得到物体的运动规律，然后根据运动学公式列式求解．【解答】解：A、物体3s末速度达到最大值，开始减速，加速度的方向开始变化，但速度方向不变，故A错误；B、物体4s末速度减为零，之后开始后退，但位移方向仍不变，故B错误；C、物体3s末速度达到最大值，设为v，则第1s内的加速度等于前3s的平均加速度，为；物体在第5s内的加速度的大小等于第4s内的加速度大小，故，故C 正确；D、速度时间图象与坐标轴包围的面积等于位移的大小，故物体在第5s的位移大小与第4s的位移大小相等，当反向，故前5s内的位移方向没有改变，一直向前，但位移大小先变大，后变小，故D错误．故选：C．二、填空题，实验题（每空2分，共32分）13．一物体受到大小分别为3N和4N两个力的作用．当这两个力方向相同时，合力大小为7N；当这两个力相互垂直时，合力大小为5N．【考点】合力的大小与分力间夹角的关系．【分析】一条直线上两个共点力的合成，矢量运算转化为代数运算，相互垂直时可用勾股定理求大小．由题意，本题已知二个分力的大小，可以直接计算．【解答】解：已知F1=3N，F2=4N，当两个力方向相同时，合力F=F1+F2=3N+4N=7N；当两个力方向相互垂直时时，合力；故答案为：7，5．14．汽车以36km/h的速度行驶．刹车时，汽车的加速度大小是4m/s2，则从开始刹车的时刻起，经过 2.5s，汽车的速度减为零．在这段时间内汽车的位移大小是12.5m，平均速度大小是5m/s．【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【分析】通过匀变速直线运动的速度时间公式求出经过多长时间汽车的速度减为0．然后通过位移时间公式求出位移，再根据平均速度的公式去求平均速度．【解答】解：时间t===2.5s．通过的位移x==10×2.5﹣m=12.5m平均速度==5m/s．平均速度也可以这样求：=5m/s．故本题答案为：2.5，12.5，5．15．如图所示，物体在三个共点力的作用下保持平衡．这三个力的合力大小是0．如果撤去力F1，而保持其余两个力不变，这两个力的合力方向与F1方向相反．【考点】力的合成．【分析】物体在三个共点力的作用下保持平衡，那么任意两个力的合力与第三个力等大反向．【解答】解：物体处于平衡状态，所以合力的大小为零；而保持其余两个力不变，这两个力的合力方向与F1等大反向．故答案为：0；与F1方向相反．16．以10m/s的速度，竖直上抛一物体，不计空气阻力．物体上升最大高度为5 m；落回抛出点时的速度大小为10m/s．（g取10m/s2）【考点】竖直上抛运动．【分析】竖直上抛运动是初速度向上，只受重力的运动，根据牛顿第二定律可知，加速度为g，竖直向下，根据运动学公式直接列式求解即可．【解答】解：竖直上抛运动是初速度向上，加速度为g的匀变速直线运动；根据速度位移公式，从抛出到最高点过程，有解得H=根据速度位移公式，从抛出到落地过程，有解得v=v0=10m/s方向向下故答案为：5，10．17．在“研究自由落体运动”的实验中，如果打点计时器打出的纸带前面的几个点不清晰，只得到如图所示从A点至E点这一段点迹的纸带．在纸带上测出AB、BC、CD、DE之间的距离分别是d1、d2、d3、d4．已知打点计时器打点的周期为T，重锤质量为m．（1）由此可求得打B点时，重锤的速度v B=，打D点时，重锤的速度v D=．（2）打点计时器在纸带上打B点到打D点的时间是2T，重锤运动的加速度是．【考点】测定匀变速直线运动的加速度．【分析】由匀变速直线运动平均速度等于中间时刻的瞬时速度可算B点速度；由打点计时器周期和点间隔可得B点到D点的时间；由逐差法可得重锤的加速度．【解答】解：（1）匀变速直线运动平均速度等于中间时刻的瞬时速度，故B点的速度为：，D点的速度为：，（2）打点计时器打点的周期为T，则打点计时器在纸带上打B点到打D点的时间是2T．则加速度a=故答案为：（1）；；（2）2T；18．在验证牛顿第二定律的实验中，测量长度的工具是毫米刻度尺；测量时间的工具是打点计时器．实验中小盘和砝码的总质量m与车和砝码的总质量M间必须满足的条件是m＜＜M．【考点】验证牛顿第二运动定律．【分析】根据验证牛顿第二定律需要测量的量与实验器材、实验注意事项分析答题．【解答】解：验证牛顿第二定律的实验中，测量长度的工具是毫米刻度尺；测量时间的工具是：打点计时器．在验证牛顿第二定律实验中，砂和桶的总质量为M，车与砝码的总质量为m，当m＜＜M时可以近似认为小车受到的拉力等于砂与桶的重力．故答案为：毫米刻度尺；打点计时器；m＜＜M．三、计算题（解答过程包含必要的文字说明，计算公式，计算过程．19题8分，20题，21题各12分．）19．一个同学在百米赛跑中，测得10s末他在50m处的瞬时速度是6m/s，16s 末到终点时的瞬时速度为7.5m/s，求（1）他从50m处到终点的平均加速度的大小；（2）他在全程内平均速度的大小．【考点】平均速度；瞬时速度．【分析】根据平均速度公式列式求解即可；根据加速度的定义公式列式求解即可．【解答】解：根据加速度的定义式得他在后50 m内的平均加速度为：a==0.25 m/s2根据平均速度公式得他在全程的平均速度为：v==6.25 m/s答：（1）他从50m处到终点的平均加速度的大小0.25 m/s2；（2）他在全程内平均速度的大小6.25 m/s．20．以15m/s的速度从地面竖直向上抛出一个物体，不受空气阻力．计算（1）该物体竖直上抛的最大高度；（2）该物体2.5s末的速度；（3）该物体在2s内的位移．（g取10m/s2）【考点】竖直上抛运动．【分析】（1）竖直向上抛的物体向上做加速度为g的匀减速直线运动，当速度等于0时达到最大高度，根据运动学速度位移公式即可求解最大高度；（2）由速度时间公式求物体2.5s末的速度；（3）由位移时间公式求解物体在2s内的位移．【解答】解：（1）该物体竖直上抛的最大高度为h===11.25m（2）取竖直向上为正方向，物体的运动可看成一种加速度为﹣g的匀减速直线运动，则：物体2.5s末的速度v=v0﹣gt=15﹣10×2.5=﹣10（m/s），负号表示速度方向竖直向下．（3）物体在2s内的位移x2=v0t2﹣gt22=15×2﹣×10×22=10（m）答：（1）该物体竖直上抛的最大高度是11.25m；（2）该物体2.5s末的速度大小为10m/s，方向竖直向下；（3）该物体在2s内的位移是10m．21．一个静止在水平地面上的物体，质量是2Kg，在8N的水平拉力作用下沿水平地面向右运动．物体与地面间的动摩擦因数是0.2．计算（1）物体受到的摩擦力大小和方向；（2）物体在3s末的速度大小；（3）物体在3s内的位移大小．【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．【分析】（1）根据f=μF N求得滑动摩擦力，方向与相对运动方向相反（2）（3）根据牛顿第二定律求出物体的加速度，根据速度时间公式求出3s末的速度，根据位移时间公式求出3s内的位移【解答】解：（1）受到的滑动摩擦力f=μmg=0.2×2×10N=4N，摩擦力方向向左（2）根据牛顿第二定律得，F﹣μmg=ma物体的加速度a=，物体在3s末的速度v=at=2×3m/s=6m/s，3s内发生的位移x=at2=m=9m；答（1）物体受到的摩擦力大小为4N，方向水平向左；（2）物体在3s末的速度大小为6m/s；（3）物体在3s内的位移大小为9m．2017年1月16日。

甘肃省通渭县高一物理上学期第一次月考试题(2021学年)

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2０17－2018学年度上学期高一级第一次月考物理试卷一选择题（在每小题给出的四个选项中，第１－10题只有一项符合题目要求，每小题４分,第．11．．—．1．2．题有多项符合题目要求．．．．．．．．．．．全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得０分,合计５0分。

)１.下列各组物理量中，全部都是矢量的是:( )A.位移、加速度、速度、时间Ｂ。

速度、路程、时间、平均速度Ｃ．位移、速度、加速度、平均速度D。

速度、质量、加速度、路程2。

从第3s初到第4s末所对应的时间是Ａ. 1ｓ B。

2s Ｃ. ３s D. 4s3、在下面研究的各个问题中可以被看作质点的是A。

奥运会乒乓球男单冠军王励勤打出的弧旋球B. 奥运会冠军王军霞在万米长跑中C. 跳水冠军郭晶晶在跳水比赛中D. 研究一列火车通过某一路标的时间４.下列各图（均为直线）中，不能表示匀速直线运动的图像是（ )5.在校运动会中,某同学在标准的400米跑道上参加８0０米比赛的成绩是1３0秒，则该同学的平均速度和平均速率分别约为( )Ａ.6.１5m/s,6。

15m/s B．0,3。

3m/sC．6。

15m/s,0 D.0,6。

15ｍ/s6．物体在某时刻的瞬时速度是5m/s,对此速度正确的理解是( )Ａ．在该时刻的前1s内,物体的位移为5ｍB．在该时刻的后１s内,物体的位移为5mC.在该时刻的前0.5 s和后0。