【艺术生专用】2020版高考数学二轮专题复习第六章 不等式、推理与证明 第5节

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2020版高考数学一轮复习第六章不等式、推理与证明6.5合情推理与演绎推理课件理新人教版

2020版高考数学一轮复习第六章不等式、推理与证明6.5合情推理与演绎推理课件理新人教版
A.大前提错误导致结论错 B.小前提错误导致结论错 C.推理形式错误导致结论错 D.大前提和小前提错误导致结论错
解析:当 a>1 时,y=ax 为增函数;当 0<a<1 时,y=ax 为减 函数,故大前提错误.
4.正弦函数是奇函数,因为 f(x)=sin(x+1)是正弦函数,所以 f(x)
=sin(x+1)是奇函数,以上推理的错误原因是 小前提错误 .
有一位老师猜对,则猜对者是( C )
A.甲
B.乙
C.丙
D.丁
【解析】 若 1 号是第 1 名,则甲错,乙对,丙对,丁对, 不符合题意;
若 2 号是第 1 名,则甲错,乙对,丙错,丁对,不符合题意; 若 3 号是第 1 名,则甲对,乙对,丙错,丁错,不符合题意; 若 4 号是第 1 名,则甲错,乙对,丙错,丁对,不符合题意; 若 5 号是第 1 名,则甲对,乙对,丙对,丁错,不符合题意; 若 6 号是第 1 名,则甲错,乙错,丙对,丁错,符合题意. 故猜对者是丙.
(2)特点:归纳推理是由 部分 到 整体 ,由 个别 到 一般 的
推理.
2.类比推理
(1)定义:由两类对象具有某些类似特征和其中一类对象的某些已
知特征,推出另一类对象也具有 这些特征 的推理. (2)特点:类比推理是由 特殊 到 特殊 的推理.
1.已知数列{an}中,a1=1,n≥2 时,an=an-1+2n-1,依次计算
考向二 类比推理
【例 2】 (2019·湖北孝感模拟)二维空间中,圆的一维测度(周长)l
=2πr,二维测度(面积)S=πr2,三维空间中,球的二维测度(表面积)S
=4πr2,三维测度(体积)V=43πr3,应用合情推理,若四维空间中,“超

2020版新一线高考数学二轮专题复习艺术专用第六章 第6节

2020版新一线高考数学二轮专题复习艺术专用第六章 第6节

第六章第6节1.若a,b,c是不全相等的实数,求证:a2+b2+c2>ab+bc+ca.证明过程如下:因为a,b,c∈R,所以a2+b2≥2ab,b2+c2≥2bc,c2+a2≥2ac.又因为a,b,c不全相等,所以以上三式至少有一个等号不成立,所以将以上三式相加得2(a2+b2+c2)>2(ab+bc+ac),所以a2+b2+c2>ab+bc+ca.此证法是()A.分析法B.综合法C.分析法与综合法并用D.反证法解析:B[由因导果是综合法.]2.(2020·济南市模拟)用反证法证明:若整系数一元二次方程ax2+bx+c=0(a≠0)有有理数根,那么a,b,c中至少有一个是偶数.用反证法证明时,下列假设正确的是() A.假设a,b,c都是偶数B.假设a,b,c都不是偶数C.假设a,b,c至多有一个偶数D.假设a,b,c至多有两个偶数解析:B[“至少有一个”的否定为“都不是”,故选B.]3.设a=3-2,b=6-5,c=7-6,则a、b、c的大小顺序是()A.a>b>c B.b>c>aC.c>a>b D.a>c>b解析:A[∵a=3-2=13+2,b=6-5=16+5,c=7-6=17+6,又∵7+6>6+5>3+2>0,∴a>b>c.]4.分析法又称执果索因法,若用分析法证明:“已知a>b>c,且a+b+c=0,”求证b2-ac<3a.索因应该是()A.a-b>0 B.a-c>0C.(a-b)(a-c)>0 D.(a-b)(a-c)<0解析:C[由a>b>c,a+b+c=0,得b=-a-c,a>0,c<0.要证b2-ac<3a只需证(-a-c)2-ac<3a2,只需证a2-ac+a2-c2>0,只需证a(a-c)+(a+c)(a-c)>0,只需证a(a-c)-b(a-c)>0,只需证(a-c)(a-b)>0.]5.若P=a+a+7,Q=a+3+a+4,a≥0,则P、Q的大小关系是()A.P>Q B.P=QC.P<Q D.由a的取值确定解析:C[令a=0,则P=7≈2.6,Q=3+4≈3.7,∴P<Q.据此猜想a≥0时P<Q.证明如下:要证P<Q,只要证P2<Q2,只要证2a+7+2a(a+7)<2a+7+2(a+3)(a+4),只要证a2+7a<a2+7a+12,只要证0<12,∵0<12成立,∴P<Q成立.故选C.]6.设a>b>0,m=a-b,n=a-b,则m,n的大小关系是________.解析:解法一(取特殊值法):取a=2,b=1,则m<n.解法二(分析法):a-b<a-b⇐b+a-b>a⇐a<b+2b·a-b+a-b⇐2b·a-b>0,显然成立.答案:n>m7.有三张卡片,分别写有1和2,1和3,2和3.甲,乙,丙三人各取走一张卡片,甲看了乙的卡片后说:“我与乙的卡片上相同的数字不是2”,乙看了丙的卡片后说:“我与丙的卡片上相同的数字不是1”,丙说:“我的卡片上的数字之和不是5”,则甲的卡片上的数字是 ____________ .解析:根据丙的说法知,丙的卡片上写着1和2,或1和3;(1)若丙的卡片上写着1和2,根据乙的说法知,乙的卡片上写着2和3; ∴根据甲的说法知,甲的卡片上写着1和3;(2)若丙的卡片上写着1和3,根据乙的说法知,乙的卡片上写着2和3; 又甲说,“我与乙的卡片上相同的数字不是2”; ∴甲的卡片上写的数字不是1和2,这与已知矛盾; ∴甲的卡片上的数字是1和3. 答案:1和38.设a ,b 是两个实数,给出下列条件:①a +b >1;②a +b =2;③a +b >2;④a 2+b 2>2;⑤ab >1.其中能推出:“a ,b 中至少有一个大于1”的条件是 ________ .(填序号)解析:若a =12,b =23,则a +b >1,但a <1,b <1,故①推不出;若a =b =1,则a +b =2,故②推不出;若a =-2,b =-3,则a 2+b 2>2,故④推不出; 若a =-2,b =-3,则ab >1,故⑤推不出;对于③,反证法:假设a ≤1且b ≤1,则a +b ≤2与a +b >2矛盾, 因此假设不成立,故a ,b 中至少有一个大于1. 答案:③9.若a >b >c >d >0且a +d =b +c , 求证:d +a <b +c .证明:要证d +a <b +c ,只需证(d +a )2<(b +c )2, 即a +d +2ad <b +c +2bc , 因a +d =b +c ,只需证ad <bc , 即ad <bc ,设a +d =b +c =t ,则ad -bc =(t -d )d -(t -c )c =(c -d )(c +d -t )<0, 故ad <bc 成立,从而d +a <b +c 成立. 10.已知数列{a n }的前n 项和为S n ,且满足a n +S n =2. (1)求数列{a n }的通项公式;(2)求证:数列{a n }中不存在三项按原来顺序成等差数列. 解析:(1)当n =1时,a 1+S 1=2a 1=2,则a 1=1. 又a n +S n =2,所以a n +1+S n +1=2, 两式相减得a n +1=12a n ,所以{a n }是首项为1,公比为12的等比数列,所以a n =12n -1.(2)证明(反证法):假设存在三项按原来顺序成等差数列,记为a p +1,a q +1,a r +1(p <q <r ,且p ,q ,r ∈N *),则2·12q =12p +12r ,所以2·2r -q =2r -p +1.①又因为p <q <r ,所以r -q ,r -p ∈N *.所以①式左边是偶数,右边是奇数,等式不成立. 所以假设不成立,原命题得证.。

2020版新一线数学二轮专题复习艺术专用课件:第六章不等式、推理与证明第3节

2020版新一线数学二轮专题复习艺术专用课件:第六章不等式、推理与证明第3节
第六章
基础自主夯实
考点层级突破
课时分组冲关
(2)对于直线 Ax+By+C=0 同一侧的所有点(x,y),使得 Ax+By +C 的值符号相同,也就是位于同一半平面内的点,其坐标适合同一 个不等式 Ax+By+C>0;而位于另一个半平面内的点,其坐标适合 另一个不等式 Ax+By+C<0.
(3)由几个不等式组成的不等式组所表示的平面区域,是各个不 等式所表示的平面区域的公共部分.
第六章
基础自主夯实
考点层级突破
课时分组冲关
2.线性规划的有关概念
名称
意义
线性约束条 由 x,y 的一次不等式(或方程)组成的不等式组,是

对 x,y 的约束条件
目标函数 关于 x,y 的解析式
线性目 关于 x,y 的一次解析式
标函数
第六章
基础自主夯实
考点层级突破
课时分组冲关
可行解 满足 线性约束条件 的解(x,y)
第六章
基础自主夯实
考点层级突破
课时分组冲关
[命题角度 1] 求线性目标函数的最值
1.(2017·全国Ⅰ卷)设 x,y 满足约束条件xx+ -3y≥y≤13,, y≥0,
则 z=x
+y 的最大值为( )
A.0
B.1
C.2
D.3
第六章
基础自主夯实
考点层级突破
课时分组冲关
解析:D [如图,目标函数 z=x+y 经过 A(3,0)时最大,故 zmax =3+0=3.故选 D.]
课时分组冲关
2x+3y-6≥0, 5.(2019·全国Ⅱ卷)若变量 x,y 满足约束条件x+y-3≤0,
y-2≤0,
则 z=3x-y 的最大值是 ________ .

2020版高考数学第六章不等式、推理与证明第五节合情推理与演绎推理学案文(含解析)新人教A版

2020版高考数学第六章不等式、推理与证明第五节合情推理与演绎推理学案文(含解析)新人教A版

第五节合情推理与演绎推理2019考纲考题考情1.合情推理(1)归纳推理①定义:由某类事物的部分对象具有某些特征,推出该类事物的全部对象都具有这些特征的推理,或者由个别事实概括出一般结论的推理。

②特点:是由部分到整体、由个别到一般的推理。

(2)类比推理①定义:由两类对象具有某些类似特征和其中一类对象的某些已知特征,推出另一类对象也具有这些特征的推理。

②特点:是由特殊到特殊的推理。

2.演绎推理(1)演绎推理从一般性的原理出发,推出某个特殊情况下的结论,我们把这种推理称为演绎推理。

简言之,演绎推理是由一般到特殊的推理。

(2)“三段论”是演绎推理的一般模式①大前提——已知的一般原理。

②小前提——所研究的特殊情况。

③结论——根据一般原理,对特殊情况做出的判断。

1.合情推理包括归纳推理和类比推理,其结论是猜想,不一定正确,若要确定其正确性,则需要证明。

2.在进行类比推理时,要从本质上去类比,只从一点表面现象去类比,就会犯机械类比的错误。

3.应用三段论解决问题时,要明确什么是大前提、小前提,如果前提与推理形式是正确的,结论必定是正确的。

若大前提或小前提错误,尽管推理形式是正确的,但所得结论是错误的。

一、走进教材1.(选修1-2P 35A 组T 4改编)对于任意正整数n,2n 与n 2的大小关系为( ) A .当n ≥2时,2n ≥n 2B .当n ≥3时,2n ≥n 2C .当n ≥4时,2n>n 2D .当n ≥5时,2n>n 2解析 当n =2时,2n=n 2;当n =3时,2n<n 2;当n =4时,2n =n 2;当n =5时,2n >n 2;当n =6时,2n>n 2;归纳判断,当n ≥5时,2n >n 2。

故选D 。

答案 D2.(选修1-2P 35A 组T 6改编)在等差数列{a n }中,若a 10=0,则有a 1+a 2+…+a n =a 1+a 2+…+a 19-n (n <19,且n ∈N *)成立。

高三数学复习第六章 不等式、推理与证明

高三数学复习第六章  不等式、推理与证明
数学(6省专版)
演 练 知 能 检 测
第一节
不等关系与不等式
[归纳· 知识整合]
回 扣 主 干 知 识
突 破 热 点 题 型
1.比较两个实数大小的法则 设a,b∈R,则 a-b>0 (1)a>b⇔ ; a-b=0 (2)a=b⇔ ; a-b<0 (3)a<b⇔ . 2.不等式的基本性质 性质 对称性 传递性 可加性 性质内容 a>b⇔_____ b<a a>b,b>c⇒______ a>c 注意 ⇔ ⇒ ⇔
[例3] 个结论: (1)(2012· 湖南高考)设a>b>1,c<0,给出下列三
提 升 学 科 素 养
突 破 热 点 题 型
c c ①a>b;②ac<bc;③logb(a-c)>loga(b-c).
其中所有的正确结论的序号是 ( )
演 练 知 能 检 测
A.①
B.①②
C.②③
D.①②③
数学(6省专版)
=(x-1)2+1>0, ∴3x2-x+1>2x2+x-1.
演 练 知 能 检 测
数学(6省专版)
第一节
不等关系与不等式
回 扣 主 干 知 识
aa-b aabb a-b b-a a-b 1 a-b (2)abba=a b =a b =b . aa-b a ∵当a>b,即a-b>0,b>1时,b >1,
第一节
不等关系与不等式
c d (2)已知三个不等式:ab>0,bc-ad>0, a - b >0(其中a,
回 扣 主 干 知 识
b,c,d均为实数),用其中两个不等式作为条件,余下的一个 不等式作为结论组成一个命题,可组成的正确命题的个数是 ( )

2020届艺术生高考数学二轮复习课件:第六章 不等式、推理与证明 全章总复习

2020届艺术生高考数学二轮复习课件:第六章 不等式、推理与证明 全章总复习
高考总复习 第六章 不等式、推理与证明
第1节 不等关系与不等式
艺考生数学
基础自主夯实
考点层级突破
课时分组冲关
1.两个实数比较大小的方法
a-b>0⇔a > b, (1)作差法a-b=0⇔a=b,
a-b<0⇔a < b;
第六章
基础自主夯实
考点层级突破
课时分组冲关
ab>1⇔a > ba∈R,b>0, (2)作商法ab=1⇔a=ba∈R,b>0,
考点层级突破
课时分组冲关
不等式的一些常用性质 1.倒数性质 (1)a>b,ab>0⇒1a<1b. (2)a<0<b⇒1a<1b. (3)0<a<x<b 或 a<x<b<0⇒1b<1x<1a
第六章
基础自主夯实
考点层级突破
课时分组冲关
2.有关分数的性质 若 a>b>0,m>0,则 (1)真分数的性质 ba<ba+ +mm;ba>ba- -mm(b-m>0). (2)假分数的性质 ab>ab+ +mm;ab<ab- -mm (b-m>0).
第六章
基础自主夯实
考点层级突破
课时分组冲关
[思考辨析] 判断下列说法是否正确,正确的在它后面的括号里打“√”,错 误的打“×”. (1)一个不等式的两边同加上或同乘以同一个数,不等号方向不 变.( ) (2)一个非零实数越大,则其倒数就越小.( )
第六章
基础自主夯实
考点层级突破
课时分组冲关
(3)同向不等式具有可加和可乘性.( )
ab<1⇔a < ba∈R,b>0.
第六章
基础自主夯实

2020版新一线数学二轮专题复习艺术专用课件:第六章不等式、推理与证明第6节

2020版新一线数学二轮专题复习艺术专用课件:第六章不等式、推理与证明第6节

必要条件
找它的 充分条件
步骤的符 号表示 P0(已知)⇒P1⇒P2⇒P3⇒P4(结论)
B(结论)⇐B1⇐B2…⇐Bn⇐ A(已知)
第六章
基础自主夯实
考点层级突破
课时分组冲关
2.间接证明 间接证明是不同于直接证明的又一类证明方法,反证法是一种常 用的间接证明方法. (1)反证法的定义:假设原命题 不成立 (即在原命题的条件下, 结论不成立),经过正确的推理,最后得出矛盾,因此说明假设错误, 从而证明 原命题成立 的证明方法. (2)用反证法证明的一般步骤:①反设——假设命题的结论不成 立;②归谬——根据假设进行推理,直到推出矛盾为止;③结论—— 断言假设不成立,从而肯定原命题的结论成立.
立.这位同学使用的证明方法是( )
A.综合法
B.分析法
C.综合法、分析法结合使用 D.其他证法
解析:B [该题是执果索因,是分析法证题.]
第六章
基础自主夯实
考点层级突破
课时分组冲关
2.用反证法证明命题“设 a,b 为实数,则方程 x2+ax+b=0 至少有一个实根”时,要做的假设是( )
A.方程 x2+ax+b=0 没有实根 B.方程 x2+ax+b=0 至多有一个实根 C.方程 x2+ax+b=0 至多有两个实根 D.方程 x2+ax+b=0 恰好有两个实根 解析:A [“方程 x2+ax+b=0 至少有一个实根”等价于“方 程 x2+ax+b=0 有一个实根或两个实根”,所以该命题的否定是“方 程 x2+ax+b=0 没有实根”.]
第一步:分清命题“p⇒q”的条件和结论;
第六章
基础自主夯实
考点层级突破
课时分组冲关
第六章
基础自主夯实
考点层级突破

(完整word版)北京艺术生高考数学复习资料—六不等式基础.docx

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六、不等式一、不等式的解法:( 1)一元一次不等式:Ⅰ、 ax b(a0) :⑴若a0,则;⑵若Ⅱ、 ax b(a0) :⑴若a0,则;⑵若a0,则;a0,则;( 2)一元二次不等式:一元二次不等式二次项系数小于零的,同解变形为二次项系数大于零;注:要对进行讨论:( 5)绝对值不等式:若a0 ,则| x |a;| x |a;注意: (1). 几何意义:| x |:;| x m |:;(2)解有关绝对值的问题,考虑去绝对值,去绝对值的方法有:⑴对绝对值内的部分按大于、等于、小于零进行讨论去绝对值;①若 a 0则| a |;②若a0 则| a |;③若a0 则| a |;(3). 通过两边平方去绝对值;需要注意的是不等号两边为非负值。

(4). 含有多个绝对值符号的不等式可用“按零点分区间讨论”的方法来解。

( 6)分式不等式的解法:通解变形为整式不等式;⑴ f (x)0;⑵g( x)⑶ f (x)0;⑷g( x)f ( x)g(x)f ( x)g (x)0;0;(7 )不等式组的解法:分别求出不等式组中,每个不等式的解集,然后求其交集,即是这个不等式组的解集,在求交集中,通常把每个不等式的解集画在同一条数轴上,取它们的公共部分。

(8)解含有参数的不等式:二、均值不等式:两个数的算术平均数不小于它们的几何平均数。

若 a, b0 ,ab ab (当且 当 ab 取等号)2基本 形: ① a b; (a b) 2;2②若 a, bR , a2b22ab , a2b 2 ( a b ) 222基本 用: ①放 , 形;②求函数最 :注意:①一正二定三取等;② 定和小,和定 大。

当 ab p (常数),当且 当,;当 a bS (常数),当且 当,;常用的方法 :拆、凑、平方;如:①函数 y 4x9 (x 1) 的最小。

2 4x2② 若正数 x, y 足 x2 y1 1 1,的最小。

xy三、 不等式:注意:上述等号“=”成立的条件;四、常用的基本不等式:( 1) a,b R ,a 20, (a) 2(当且 当 取等号)b( 2) | a | a (当且 当取等号); | a | a (当且 当取等号)( 3) ab,ab 01 11 1;a;abb五、 明不等式常用方法:( 1)比 法: 作差比 :A B 0 A B( 2) 合法 :由因 果。

新课标高三数学总复习课本重难考点大全(第六章:不等式、推理与

新课标高三数学总复习课本重难考点大全(第六章:不等式、推理与

第六章:不等式、推理与证明Ⅰ不等关系与不等式,一元二次不等式、可分解因式的高次不等式、绝对值不等式、分式不等式及其解法1、实数的运算性质和大小顺序间的关系;;;2、不等式的基本性质(熟记)(1)反对称性:如果,那么;如果,那么;(2)传递性:如果且,那么;如果且,那么;(3)可加性:如果,那么;(4)可乘性:如果且,那么;如果且,那么;(5)乘方法则:如果,那么;(6)开方法则:如果,那么;3、一元二次不等式的解法(略)复习韦达定理:对于方程()两根为,则有4、绝对值不等式的解法(重点掌握)(1)绝对值的意义:;(2)绝对值不等式的解法:1)当时,;;2)当时,不等式的解集为;不等式的解集为无解或空集;3)当时,不等式的解集为;不等式的解集为无解或空集;4)当时,;;(3)型不等式的解法:(重点掌握)1)零点分段法:即令各个绝对值为0,解出零点,然后在数轴上把数轴分成几个区间来分别讨论;2)利用绝对值的几何意义:数形结合思想;3)通过构造函数,利用函数图像求解(函数与方程结合思想),一般需要按1)的方法将函数写成分段函数形式;(4)绝对值不等式的几个重要结论:(重点掌握)1)如果是实数,那么,当且仅当时,等号成立;2)如果是实数,那么,当且仅当异号时,等号成立;3)如果是实数,那么,当且仅当时,等号成立;5、简单分式不等式的解法(掌握)此类不等式切忌去分母,一律移项通分化为形式,再转化为求解;6、可化为的高次不等式的解法:(掌握)数轴标根法(穿针引线法、数轴穿根法)解高次不等式(考试一般最多只考查到三项)基本思路:将不等式化为含未知数一次因式的连乘或连除即:,找到使得各个因子等于零的x的值,将这些值按大小关系在数轴上标出,再从右上方开始画一条曲线,顺次穿过各点,数轴上方的部分标“+”即不等式 >0时的取值范围,数轴下方的部分标“-”即不等式<0时的取值范围。

注意事项:1)当为连续相乘时,可不考虑“不等式0(0)”是否可以取得使一次因子为0的值;当有除数因子存在时,必须考虑“不等式0(0)” 是否可以取得使一次因子为0的值;2)当化简的不等式里面存在同一个一次因式的多次方时,则在“穿线”时要遵循:奇穿偶不穿规则,即如果是偶数次方,则画曲线时不考虑该点,越过该点穿越下一个点,如果是奇数次方,则必须要穿过该点。

2020届艺术生高考数学二轮复习课件:第六章 不等式、推理与证明 第5节

2020届艺术生高考数学二轮复习课件:第六章 不等式、推理与证明 第5节

第六章
基础自主夯实
考点层级突破
课时分组冲关
A.甲、乙、丙 C.丙、乙、甲

2



sin22nn+π1-2= ________ .
第六章
基础自主夯实
考点层级突破
课时分组冲关
解析:观察前 4 个等式,由归纳推理可知sin2nπ+1-2+sin2n2+π 1 -2+…+sin22nn+π1-2=43×n×(n+1)=4nn3+1.
答案:4nn3+1
第六章
基础自主夯实
考点层级突破
第六章
基础自主夯实
考点层级突破
课时分组冲关
1.合情推理的结论是猜想,不一定正确;演绎推理在大前提、小 前提和推理形式都正确时,得到的结论一定正确.
2.合情推理是发现结论的推理;演绎推理是证明结论的推理.
第六章
基础自主夯实
考点层级突破
课时分组冲关
[思考辨析]
判断下列说法是否正确,正确的在它后面的括号里打“√”,错
误的打“×”.
(1)归纳推理得到的结论不一定正确,类比推理得到的结论一定
正确.(
)
(2)由平面三角形的性质推测空间四面体的性质,这是一种合情
推理.(
)
第六章
基础自主夯实
考点层级突破
课时分组冲关
(3)在类比时,平面中的三角形与空间中的平行六面体作为类比
对象较为合适.( )
(4)在演绎推理中,只要符合演绎推理的形式,结论就一定正
确.(
)
(5)“所有 3 的倍数都是 9 的倍数,某数 m 是 3 的倍数,则 m 一
定是 9 的倍数”,这是三段论推理,其大前提错误,其结论也是错误

高考数学总复习:第6章《不等式、推理与证明》[5]

高考数学总复习:第6章《不等式、推理与证明》[5]


[规律方法]
1.归纳是依据特殊现象推断出一般现象,因而由归纳所 得的结论超越了前提所包含的范围.
2.归纳的前提是特殊的情况,所以归纳是立足于观察、 经验或试验的基础之上的. [注意] 归纳推理所得结论未必正确,有待进一步证明, 但对数学结论和科学的发现很有用.


[跟踪训练] x 1.已知函数 f(x)= (x>0).如下定义一列函数:f1(x)=f(x), x+2 f2(x)=f(f1(x)),f3(x)=f(f2(x)),…,fn(x)=f(fn-1(x)),…,n∈N*, 那么由归纳推理可得函数 fn(x)的解析式是 fn(x)=________.


5.(理)(2013·陕西高考)观察下列等式
12=1 12-22=-3 12-22+32=6 12-22+32-42=-10


……
照此规律,第n个等式可为__________.
解析 第 n 个等式的左边第 n 项应是(-1)n+1n2,右边数的绝对值 n(n+1) 为 1+2+3+…+n= ,故有 12-22+32-42+…+ 2 (-1)

2.数列2,5,11,20,x,47,…中的x等于

(
)

A.28 C.33
B.32 D.27
B [由5-2=3,11-5=6,20-11=9.

则x-20=12,因此x=32.]

3.(教材习题改编)给出下列三个类比结论.


①(ab)n=anbn与(a+b)n类比,则有(a+b)n=an+bn;
n+1 2
n =(-1)
2 2
n+1n(n+1)
2
.
n+1 2

(艺术生专用)高考数学总复习 第六章 不等式、推理与证明 第3节 二元一次不等式(组)与简单的线性规

(艺术生专用)高考数学总复习 第六章 不等式、推理与证明 第3节 二元一次不等式(组)与简单的线性规

第3节 二元一次不等式(组)与简单的线性规划问题1.设A ={(x ,y )|x ,y,1-x -y 是三角形的三边长},则A 所表示的平面区域(不含边界的阴影部分)是( )解析:A [由已知得⎩⎪⎨⎪⎧x +y >1-x -y ,x +(1-x -y )>y ,y +(1-x -y )>x ,即⎩⎪⎨⎪⎧x +y >12,y <12,x <12.]2.(2020·某某市模拟)已知O 是坐标原点及点A (2,1),点M (x ,y )是平面区域⎩⎪⎨⎪⎧y ≤x x +y ≤1y ≥-1,内的一个动点,则OA →·OM →的最大值为( )A .3 B.32 C .-3D .-4解析:A [设z =OA →·OM →,则z =2x +y ,即y =-2x +z ,平移直线y =-2x +z ,由图象可知当直线y =-2x +z 经过⎩⎪⎨⎪⎧y =-1x +y =1的交点A (2,-1)时,直线y =-2x +z 的截距最大,此时z 也最大, 此时z max =2×2-1=3.]3.(2020·某某市模拟)已知x ,y 满足不等式组⎩⎪⎨⎪⎧x -y +1≥0x +y -1≤03x -y -3≤0,则目标函数z =2x -y +3的最小值为( )A .1B .2C .4D .5解析:B [由约束条件作出可行域如图,设可行域内一点(x ,y ),由图可知,直线z =2x -y +3经过D 点时取到最大值,经过C 点时取到最小值,联立⎩⎪⎨⎪⎧x -y +1=0x +y -1=0,解得C (0,1),∴z 的最小值为-1+3=2.]4.(2020·某某市一模)已知不等式组⎩⎪⎨⎪⎧y ≤-x +2y ≤kx +1y ≥0所表示的平面区域为面积等于94的三角形,则实数k 的值为( )A .1B .-2C .1或-2D .-29解析:A [∵不等式组⎩⎪⎨⎪⎧y ≤-x +2y ≤kx +1y ≥0所表示的平面区域为面积等于94的三角形,如图:平面为三角形,且过点(2,0),∵y =kx +1,与x 轴的交点为⎝ ⎛⎭⎪⎫-1k,0,y =kx +1与y =-x +2的交点为⎝⎛⎭⎪⎫1k +1,2k +1k +1,三角形的面积为:12×⎝ ⎛⎭⎪⎫2+1k ×2k +1k +1=94,解得k =1.]5.(2019·某某市一模)设x ,y 满足约束条件⎩⎪⎨⎪⎧x +2y ≤12x +y ≥-1x -y ≤0,则z =|x +3y |的最大值是( )A.13 B .1 C.43D .2解析:D [画出x ,y 满足约束条件⎩⎪⎨⎪⎧x +2y ≤12x +y ≥-1x -y ≤0表示的平面区域,由⎩⎪⎨⎪⎧x -y =0x +2y =1解得B ⎝ ⎛⎭⎪⎫13,13,由⎩⎪⎨⎪⎧ x +2y =12x +y =-1解得A (-1,1),由⎩⎪⎨⎪⎧x -y =02x +y =-1解得C ⎝ ⎛⎭⎪⎫-13,-13.设目标函数为z ′=x +3y ,作出目标函数对应的直线,直线过C ⎝ ⎛⎭⎪⎫-13,-13时,直线的纵截距最小,z ′最小,最小值为-43;当直线过A (-1,1)时,直线的纵截距最大,z ′最大,最大值为2;∴目标函数z =|x +3y |的取值X 围是[0,2],最大值为2.]6.(2019·某某市模拟)若x ,y 满足约束条件⎩⎪⎨⎪⎧x ≤2x -y +1≤0x +2y -2≥0,则z =x 2+y 2的最小值为 _____ .解析:不等式组⎩⎪⎨⎪⎧x ≤2x -y +1≤0x +2y -2≥0表示的平面区域如图所示,则z =x 2+y 2的几何意义为区域内的点到原点的距离的平方, 由图象知,OA 的距离最小,由⎩⎪⎨⎪⎧x -y +1=0x +2y -2=0,解得A (0,1),所以|OA |2=1,所以z =x 2+y 2的最小值为1. 答案:17.若不等式组⎩⎪⎨⎪⎧x -y +2≥0ax +y -2≤0y ≥0,表示的平面区域的面积为3,则实数a 的值是________ .解析:作出可行域,如图中阴影部分所示,区域面积S =12×⎝ ⎛⎭⎪⎫2a +2×2=3,解得a =2.答案:28.(2019·聊城市一模)设x ,y 满足约束条件⎩⎪⎨⎪⎧x -y +1≥0x -2y ≤0x +2y ≤0,则z =2x ⎝ ⎛⎭⎪⎫116y的最大值为 ________ .解析:画出约束条件⎩⎪⎨⎪⎧x -y +1≥0x -2y ≤0x +2y ≤0表示的平面区域,如图所示;又z =2x ⎝ ⎛⎭⎪⎫116y =2x ·2-4y =2x -4y,设t =x -4y ,则目标函数t =x -4y 过点B 时,取得最大值, 由⎩⎪⎨⎪⎧x -y +1=0x -2y =0,得B (-2,-1);∴z 的最大值为2-2-4×(-1)=4.答案:49.(2019·某某市高三模拟)若实数x ,y 满足⎩⎪⎨⎪⎧x +y ≥0x ≤1x -2y ≥0.求:(1)x 的取值X 围; (2)|x |+|y |的取值X 围. 解:(1)由约束条件⎩⎪⎨⎪⎧x +y ≥0x ≤1x -2y ≥0作出可行域如图,由图可知,0≤x ≤1. (2)当x ≥0,y ≥0时,z =|x |+|y |=x +y 过⎝⎛⎭⎪⎫1,12时有最大值为32,过O (0,0)时有最小值0;当x ≥0,y ≤0时,z =|x |+|y |=x -y 过(1,-1)时有最大值为2, 过O (0,0)时有最小值0.所以|x |+|y |的取值X 围是[0,2].10.若x ,y 满足约束条件⎩⎪⎨⎪⎧x +y ≥1,x -y ≥-1,2x -y ≤2.(1)求目标函数z =12x -y +12的最值;(2)若目标函数z =ax +2y 仅在点(1,0)处取得最小值,求a 的取值X 围.解:(1)作出可行域如图,可求得A (3,4),B (0,1),C (1,0).平移初始直线12x -y +12=0,过A (3,4)时z 取最小值-2,过C (1,0)时z 取最大值1.所以z 的最大值为1,最小值为-2.(2)直线ax +2y =z 仅在点(1,0)处取得最小值,由图象可知-1<-a2<2,解得-4<a <2.故a 的取值X 围是(-4,2).。

2020届艺术生高考数学二轮复习课时训练:第六章 不等式、推理与证明 第2节

2020届艺术生高考数学二轮复习课时训练:第六章 不等式、推理与证明 第2节

第六章 第2节1.不等式4x -2≤x -2的解集是( )A .(-∞,0]∪(2,4]B .[0,2)∪[4,+∞)C .[2,4)D .(-∞,2]∪(4,+∞)解析:B [原不等式可化为-x 2+4xx -2≤0.即⎩⎪⎨⎪⎧x (x -4)(x -2)≥0,x -2≠0.由标根法知,0≤x <2或x ≥4.]2.已知函数f (x )=ax 2+bx +c ,不等式f (x )<0的解集为{x |x <-3或x >1},则函数y =f (-x )的图象可以为( )解析:B [由f (x )<0的解集为{x |x <-3或x >1}知a <0,y =f (x )的图象与x 轴交点为(-3,0),(1,0), ∴f (-x )图象开口向下,与x 轴交点为(3,0),(-1,0).] 3.“0<a <1”是“ax 2+2ax +1>0的解集是实数集R ”的( ) A .充分而不必要条件 B .必要而不充分条件 C .充要条件D .既不充分也不必要条件解析:A [当a =0时,1>0,显然成立;当a ≠0时,⎩⎪⎨⎪⎧a >0,Δ=4a 2-4a <0.故ax 2+2ax +1>0的解集是实数集R 等价于0≤a <1.因此,“0<a <1”是“ax 2+2ax +1>0的解集是实数集R ”的充分而不必要条件.]4.(2020·海拉尔区模拟)关于x 的不等式x 2-(a +1)x +a <0的解集中,恰有3个整数,则a 的取值范围是( )A .(4,5)B .(-3,-2)∪(4,5)C .(4,5]D .[-3,-2)∪(4,5]解析:D [∵关于x 的不等式x 2-(a +1)x +a <0, ∴不等式化为(x -1)(x -a )<0,当a >1时,得1<x <a ,此时解集中的整数为2,3,4,则4<a ≤5,当a <1时,得a <x <1,此时解集中的整数为-2,-1,0,则-3≤a <-2,故a 的取值范围是[-3,-2)∪(4,5].]5.若不等式组⎩⎪⎨⎪⎧x 2-2x -3≤0,x 2+4x -(1+a )≤0的解集不是空集,则实数a 的取值范围是( )A .(-∞,-4]B .[-4,+∞)C .[-4,20]D .[-40,20)解析:B [由x 2-2x -3≤0,得-1≤x ≤3.设f (x )=x 2+4x -(1+a ),根据已知可转化为存在x 0∈[-1,3]使f (x 0)≤0.易知函数f (x )在区间[-1,3]上为增函数,故只需f (-1)=-4-a ≤0即可,解得a ≥-4.]6.(2020·四平市模拟)已知不等式ax 2-5x +b >0的解集为{x |-3<x <2},则不等式bx 2-5x +a >0的解集为 ________ .解析:∵ax 2-5x +b >0的解集为{x |-3<x <2},∴ax 2-5x +b =0的根为-3、2,即-3+2=5a ,-3×2=ba .解得a =-5,b =30.则不等式bx 2-5x +a >0可化为30x 2-5x -5>0,解得⎩⎨⎧⎭⎬⎫x |x <-13或x >12.答案:⎩⎨⎧⎭⎬⎫x |x <-13或x >127.若关于x 的不等式4x -2x +1-a ≥0在[1,2]上恒成立,则实数a 的取值范围为 ________ . 解析:∵4x -2x +1-a ≥0在[1,2]上恒成立, ∴4x -2x +1≥a 在[1,2]上恒成立.令y =4x -2x +1=(2x )2-2×2x +1-1=(2x -1)2-1. ∵1≤x ≤2,∴2≤2x ≤4.由二次函数的性质可知:当2x =2,即x =1时,y 有最小值0.∴a 的取值范围为(-∞,0]. 答案:(-∞,0]8.若不等式x 2-(2+m )x +m -1>0对任意m ∈[-1,1]恒成立,则x 的取值范围是 ________ . 解析:把不等式化为(1-x )m +x 2-2x -1>0.设f (m )=(1-x )m +x 2-2x -1,则问题转化为关于m 的一次函数.f (m )在区间[-1,1]上大于0恒成立,只需⎩⎨⎧f (-1)>0,f (1)>0即⎩⎪⎨⎪⎧ x 2-x -2>0,x 2-3x >0⇒⎩⎪⎨⎪⎧x <-1或x >2,x <0或x >3, 解得x <-1或x >3,故x 的取值范围是(-∞,-1)∪(3,+∞). 答案:(-∞,-1)∪(3,+∞)9.已知不等式ax 2+bx +c >0的解集为(1,t ),记函数f (x )=ax 2+(a -b )x -c . (1)求证:函数y =f (x )必有两个不同的零点;(2)若函数y =f (x )的两个零点分别为m ,n ,求|m -n |的取值范围. 解:(1)证明:由题意知a +b +c =0,且-b2a >1.所以a <0且ca>1,所以ac >0.对于函数f (x )=ax 2+(a -b )x -c 有Δ=(a -b )2+4ac >0.所以函数y =f (x )必有两个不同零点. (2)|m -n |2=(m +n )2-4mn =(b -a )2+4ac a 2=(-2a -c )2+4ac a 2=⎝⎛⎭⎫ca 2+8⎝⎛⎭⎫c a +4. 由不等式ax 2+bx +c >0的解集为(1,t )可知,方程ax 2+bx +c =0的两个解分别为1和t (t >1),由根与系数的关系知ca=t ,所以|m -n |2=t 2+8t +4,t ∈(1,+∞).所以|m -n |>13,所以|m -n |的取值范围为(13,+∞). 10.已知函数f (x )=ax 2+2ax +1的定义域为R . (1)求a 的取值范围; (2)若函数f (x )的最小值为22,解关于x 的不等式x 2-x -a 2-a <0. 解:(1)∵函数f (x )=ax 2+2ax +1的定义域为R ,∴ax 2+2ax +1≥0恒成立, 当a =0时,1≥0恒成立.当a ≠0时,则有⎩⎪⎨⎪⎧a >0,Δ=(2a )2-4a ≤0,解得0<a ≤1,综上可知,a 的取值范围是[0,1]. (2)∵f (x )=ax 2+2ax +1=a (x +1)2+1-a ,∵a >0,∴当x =-1时,f (x )min =1-a ,由题意得,1-a =22,∴a =12, ∴不等式x 2-x -a 2-a <0可化为 x 2-x -34<0.解得-12<x <32,所以不等式的解集为⎝⎛⎭⎫-12,32.。

2020高考数学 第六章第五节 合情推理与演绎推理课件

2020高考数学 第六章第五节 合情推理与演绎推理课件

解析:由条件可知,第n个式子的第一个数为n,且第n个 式子为2n-1个数的和. 答案:C
2.如图是网络工作者经常用来解释
网络运作的蛇形模型:数字1出
现在第1行;数字2,3出现在第2行;
数字6,5,4(从左至右)出现在第3行;数字7,8,9,10出现
在第4行;依此类推,则第63行从左至右的第5个数字
解析:①②不正确,③正确.
答案:③
1. 合 情 推 理
2.演绎推理
考点一
归纳推理
(2010·福建高考改编)观察下列等式: ①cos2α=2cos2α-1; ②cos4α=8cos4α-8cos2α+1; ③cos6α=32cos6α-48cos4α+18cos2α-1; ④cos8α=128cos8α-256cos6α+160cos4α-32cos2α+1; ⑤cos10α=mcos10α-1 280cos8α+1 120cos6α+ncos4α+pcos2α-1.求m-n +p的值.
已知 f(x)=1-x x,设 f1(x)=f(x),fn(x)=fn-1[fn-1(x)](n>1,且 n∈N*), 求 f3(x)的表达式,并猜想 fn(x)(n∈N*)的表达式.
解:由 f1(x)=f(x)和 fn(x)=fn-1[fn-1(x)](n>1 且 n∈N*),得
x f2(x)=f1[f1(x)]=1-1-1-xx x=1-x2x,
1.观察下式:1=12,2+3+4=32,3+4+5+6+7=52,4+ 5+6+7+8+9+10=72,…,则第n个式子是 ( ) A.n+(n+1)+(n+2)+…+(2n-1)=n2 B.n+(n+1)+(n+2)+…+(2n-1)=(2n-1)2 C.n+(n+1)+(n+2)+…+(3n-2)=(2n-1)2 D.n+(n+1)+(n+2)+…+(3n-1)=(2n-1)2
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P1P2 所在直线的方程是 ________ . 解析:类比椭圆的切点弦方程可得双曲线ax22-by22=1 的切点弦方程为xa02x-yb02y=1. 答案:x0x-y0y=1 a2 b2
10.在锐角三角形 ABC 中,求证:sin A+sin B+sin C>cos A+cos B+cos C.
∴大前提错误.]
2.古希腊人常用小石子在沙滩上摆成各种形状来研究数,例如:
他们研究过图中的 1,3,6,10,…,由于这些数能够表示成三角形,将其称为三角形数,
由以上规律,则这些三角形数从小到大形成一个数列{an},那么 a10 的值为(
)
A.45
B.55
C.65
D.66
解析:B [由已知中:
第 1 个图中黑点有 1 个,
解析:根据题意知,
①开启 1 号门,则同时开启 2 号门且关闭 5 号门;
②开启 2 号门或者是 5 号门,则关闭 4 号门;
③不能同时关闭 3 号门和 4 号门;
∴现在要开启 1 号门,则同时开启 2 号门且关闭 5 号门,关闭 4 号门,且开启 3 号门;
即需要同时开启 2 号和 3 号门.
答案:2 和 3
的二维测度(表面积)S=4πr2,三维测度(体积)V=4πr3,应用合情推理,若四维空间中,“超 3
球”的三维测度 V=8πr3,则其四维测度 W=(
)
A.2πr4
B.3πr4
C.4πr4
D.6πr4
解析:A [对于二维空间中,圆的一维测度(周长)l=2πr,二维测度(面积)S=πr2,(πr2)′
算,算筹的摆放形式有纵横两种形式,如图,当表示一个多位数时,像阿拉伯计数一样,把
各个数位的数码从左到右排列,但各位数码的筹式需要纵横相间,个位,百位,万位数用纵
式表示,十位,千位,十万位用横式表示,以此类推.例如 6614 用算筹表示就是

则 8335 用算筹可表示为( )
解析:B [由题意各位数码的筹式需要纵横相间,个位,百位,万位数用纵式表示,十
第六章 第 5 节
1.(2020·淄博市一模)有一段“三段论”推理是这样的:对于可导函数 f(x),如果 f′(x0)
=0,那么 x=x0 是函数 f(x)的极值点,因为函数 f(x)=x3 在 x=0 处的导数值 f′(x0)=0,所
以,x=0 是函数 f(x)=x3 的极值点.以上推理中(
)
A.大前提错误
乙、丙三人分到不同组,某次数学建模考试中三人成绩情况如下:在 B 组中的那位的成绩
与甲不一样,在 A 组中的那位的成绩比丙低,在 B 组中的那位的成绩比乙低.若甲、乙、
丙三人按数学建模考试成绩由高到低排序,则排序正确的是( )
A.甲、丙、乙
B.乙、甲、丙
C.乙、丙、甲
D.丙、乙、甲
解析:C [由“在 B 组中的那位的成绩与甲不一样,在 B 组中的那位的成绩比乙低”
9.若 P0(x0,y0)在椭圆ax22+by22=1(a>b>0)外,过 P0 作椭圆的两条切线的切点为 P1,P2, 则切点弦 P1P2 所在的直线方程是xa02x+yb02y=1,那么对于双曲线则有如下命题:若 P0(x0,y0) 在双曲线ax22-by22=1(a>0,b>0)外,过 P0 作双曲线的两条切线,切点为 P1,P2,则切点弦
证明:因为△ABC 为锐角三角形,所以 A+B>π,所以 A>π-B,
2
2
0,π 因为 y=sin x 在 2 上是增函数,
π-B 所以 sin A>sin 2 =cos B,
同理可得 sin B>cos C,sin C>cos A,
所以 sin A+sin B+sin C>cos A+cos B+cos C.
=2πr;
三维空间中,球的二维测度(表面积)S=4πr2,三维测度(体积)V=4πr3,
4πr3 3
′=4πr2;
3
四维空间中,“超球”的三维测度 V=8πr3;
又∵(2πr4)′=8πr3,
∴“超球”的四维测度 W=2πr4.]
4.(2020·南昌市模拟)为培养学生分组合作能力,现将某班分成 A,B,C 三个小组,甲、
n
△ABC 中,
sin A+sin B+sin C 的最大值是 ________ .
解析:由题意知,凸函数满足
fx1+fx2+…+fxn≤f
x1+x2+…+xn n

n
又 y=sin x 在区间(0,π)上是凸函数,则 sin A+sin B+sin C≤3sinA+B+C=3sinπ=3 3.
3
32
第 2 个图中黑点有 3=1+2 个,
第 3 个图中黑点有 6=1+2+3 个,
第 4 个图中黑点有 10=1+2+3+4 个,

故第 10 个图中黑点有 a10=1+2+3+…+10=10×11=55 个.故选 B.] 2
3.二维空间中,圆的一维测度(周长)l=2πr,二维测度(面积)S=πr2,三维空间中,球
答案:3 3 2
8.(2020·宜宾市模拟)某商场有五个门供顾客出入,使用这些门需遵守以下操作规则:
①如果开启 1 号门,则必须同时开启 2 号门并且关闭 5 号门;②如果开启 2 号门或者是 5
号门,那么要关闭 4 号门;③不能同时关闭 3 号门和 4 号门.现在已经开启 1 号门,则还需
同时开启的 2 个门的序号是 ________ .
位,千位,十万位用横式表示,则 8 335 用算筹可表示为
.]
6.观察式子 1+212<32,1+212+312<53,1+212+312+412<74…,则可归纳出 1+212+312+…+ 1 < ________ . n+12
解析:根据题意,每个不等式的右边的分母是 n+1.不等号右边的分子是 2n+1,
B.前提错误
C.推理形式错误
D.结论正确
解析:A [大前提是:“对于可导函数 f(x),如果 f′(x0)=0,那么 x=x0 是函数 f(x)的
极值点”,不是真命题,
因为对于可导函数 f(x),如果 f′(x0)=0,且满足当 x>x0 时和当 x<x0 时的导函数值异
号时,那么 x=x0 是函数 f(x)的极值点,
可得 B 组是丙,且丙的成绩比乙低,
又在 A 组中的那位的成绩比丙低,∴A 组是甲,
∴甲、乙、丙三人按数学建模考试成绩由高到低排序是:乙、丙、甲.]
5.中国有个名句“运筹帷幄之中,决胜千里之外”,其中的“筹”原意是指《孙子算
经》中记载的算筹,古代是用算筹来进行计算,算筹是将几寸长的小竹棍摆在平面上进行运
∴1+212+312+…+n+1 12<2nn++11(n≥1) 答案:2n+1(n≥1)
n+1
7. 如果函数 f(x)在区间 D 上是凸函数,那么对于区间 D 内的任意 x1,x2,…,xn,都有
fx1+fx2+…+fxn≤f
x1+x2+…+xn n
.若
y=sin
x
在区间(0,π)上是凸函数,那么在
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