高考物理一轮复习过关检测 第七章 恒定电流(3) 含答案
2019高考物理一轮复习学案：第七章恒定电流 Word版含答案
第七章 恒定电流第1节电流__电阻__电功__电功率(1)由R ＝U I知， 导体的电阻与导体两端电压成正比，与流过导体的电流成反比。
(×) (2)根据I ＝q t，可知I 与q 成正比。
(×)(3)由ρ＝RS l知，导体的电阻率与导体的电阻和横截面积的乘积成正比，与导体的长度成反比。
(×)(4)公式W ＝UIt 及Q ＝I 2Rt 适用于任何电路。
(√)(5)公式W ＝U 2Rt ＝I 2Rt 只适用于纯电阻电路。
(√)(1)1826年德国物理学家欧姆通过实验得出欧姆定律。
(2)19世纪，焦耳和楞次先后各自独立发现电流通过导体时产生热效应的规律，即焦耳定律。
突破点(一) 电流的理解及其三个表达式的应用[题点全练]1.如图所示的电解液接入电路后，在t s 内有n 1个一价正离子通过溶液内截面S ，有n 2个二价负离子通过溶液内截面S ，设e 为元电荷，则以下关于通过该截面电流的说法正确的是( )A ．当n 1＝n 2时，电流大小为零B ．电流方向由A 指向B ，电流I ＝n 2＋n 1etC ．当n 1＜n 2时，电流方向由B 指向A ，电流I ＝n 2－n 1et D ．当n 1＞n 2时，电流方向由A 指向B ，电流I ＝n 1－2n 2et解析：选B 由题意可知，流过溶液截面的电量q ＝(n 1＋2n 2)e ；则电流I ＝n 2＋n 1et；当n 1＝n 2时，电流大小不为零，故B 正确，A 、C 、D 错误。
2．(2018·威海模拟)一根长为L 、横截面积为S 的金属棒，其电阻率为ρ。
棒内单位体积内的自由电子数为n ，电子的电荷量为e ，在棒两端加上恒定电压U 时，棒内产生电流，则自由电子定向移动的速率为( )A.U ne ρL ne ρL ne ρL 2 D.Une ρ解析：选A 根据电阻定律有：R ＝ρLS ；则由欧姆定律可知，电流为：I ＝UR ＝USρL ；再根据I ＝nevS 可得：v ＝I neS ＝Une ρL；故A 正确，B 、C 、D 错误。
(安徽专用)高考物理一轮复习 第七章 恒定电流随堂自测(含解析)
【课堂新坐标】2014届高考物理（人教版，安徽专用）一轮复习随堂自测：第七章恒定电流（含答案解析）1．在“验证机械能守恒定律”的实验中，要验证的是重物重力势能的减少等于它动能的增加，以下步骤仅是实验中的一部分，在这些步骤中多余的或错误的有( ) A．用天平称出重物的质量B．把打点计时器固定到铁架台上，并用导线把它和低压交流电源连接起来C．把纸带的一端固定到重物上，另一端穿过打点计时器的限位孔，把重物提升到一定高度D．接通电源，待打点稳定后释放纸带E．用秒表测出重物下落的时间2.图5－6－6(2010·安徽高考)利用图5－6－6所示装置进行验证机械能守恒定律的实验时，需要测量物体由静止开始自由下落到某点时的瞬时速度v和下落高度h.某班同学利用实验得到的纸带，设计了以下四种测量方案，其中正确的方案是( )A．用刻度尺测出物体下落的高度h，并测出下落时间t，通过v＝gt计算出瞬时速度v B．用刻度尺测出物体下落的高度h，并通过v＝2gh计算出瞬时速度vC．根据做匀变速直线运动时纸带上某点的瞬时速度，等于这点前后相邻两点间的平均速度，测算出瞬时速度v，并通过h＝v22g计算得出高度hD．用刻度尺测出物体下落的高度h，根据做匀变速直线运动时纸带上某点的瞬时速度，等于这点前后相邻两点间的平均速度，测算出瞬时速度v3．(2013届珠海模拟)在用打点计时器验证机械能守恒定律的实验中，使质量为m＝1.00 kg的重物自由下落，打点计时器在纸带上打出一系列的点，选取一条符合实验要求的纸带如图5－6－7所示．O 为第一个点，A 、B 、C 为从合适位置开始选取连续点中的三个点．已知打点计时器每隔0.02 s 打一个点，当地的重力加速度为g ＝9.80 m/s 2，那么：图5－6－7(1)根据图上所得的数据，应取图中O 点到________点来验证机械能守恒定律； (2)从O 点到(1)问中所取的点，重物重力势能的减少量ΔE p ＝________J ，动能增加量ΔE k ＝________J(结果取三位有效数字)；(3)若测出纸带上所有各点到O 点之间的距离，根据纸带算出各点的速度v 及物体下落的高度h ，则以v 22为纵轴，以h 为横轴画出的图象是图中的________．4．在用落体法验证机械能守恒定律时，某同学按照正确的操作选得纸带如图5－6－8所示．其中O 是起始点，A 、B 、C 是打点计时器连续打下的3个点．该同学用毫米刻度尺测量O 到A 、B 、C 各点的距离，并记录在图中(单位cm)．图5－6－8(1)这三个数据中不符合读数要求的是__________，应记作________cm.(2)该同学用重锤在OB 段的运动来验证机械能守恒，已知当地的重力加速度g ＝9.80 m/s 2，他用AC 段的平均速度作为跟B 点对应的物体的瞬时速度，则该段重锤重力势能的减少量为________，而动能的增加量为________，(均保留3位有效数字，重锤质量用m 表示．)这样验证的系统误差总是使重力势能的减少量________动能的增加量，原因是______________．5.图5－6－9(2013届贵阳一中检测)如图5－6－9所示装置可用来验证机械能守恒定律，摆锤A拴在长为L的轻绳一端，另一端固定在O点，在A上放一个小铁片．现将摆锤拉起，使绳偏离竖直方向θ角，由静止开始释放摆锤，当其到达最低位置时，受到竖直挡板P阻挡而停止运动，这时铁片将做平抛运动而飞离摆锤，用刻度尺量出铁片的水平位移为x，下落高度为H.(1)要验证摆锤在运动过程中机械能守恒，必须求出摆锤初始位置离最低点的高度，其高度应为________，同时还应求出摆锤在最低点时的速度，其速度应为________．(2)用实验中测量的物理量写出证明摆锤在运动过程中机械能守恒的关系式为________．6．(2011·海南高考)现要通过实验验证机械能守恒定律．实验装置如图5－6－10所示：水平桌面上固定一倾斜的气垫导轨；导轨上A点处有一带长方形遮光片的滑块，其总质量为M，左端由跨过轻质光滑定滑轮的细绳与一质量为m的砝码相连；遮光片两条长边与导轨垂直；导轨上B点有一光电门，可以测量遮光片经过光电门时的挡光时间t.用d表示A点到导轨底端C点的距离，h表示A与C的高度差，b表示遮光片的宽度，s表示A、B两点间的距离，将遮光片通过光电门的平均速度看作滑块通过B点时的瞬时速度．用g表示重力加速度．完成下列填空和作图：图5－6－10(1)若将滑块自A点由静止释放，则在滑块从A运动至B的过程中，滑块、遮光片与砝码组成的系统重力势能的减小量可表示为________，动能的增加量可表示为________．若在运动过程中机械能守恒，1t2与s的关系式为1t2＝________.(2)多次改变光电门的位置，每次均令滑块自同一点(A点)下滑，测量相应的s与t值．结果如下表所示：1 2 3 4 5 s (m) 0.600 0.800 1.000 1.200 1.400 t (ms)8.22 7.17 6.44 5.85 5.43 1/t 2(104s －2)1.481.952.412.923.39以s 为横坐标，1t2为纵坐标，在如图5－6－11位置的坐标纸中描出第1和第5个数据点；根据5个数据点作直线，求得该直线的斜率k ＝__________×104 m －1·s －2.(保留3位有效数字)图5－6－11由测得的h 、d 、b 、M 和m 数值可以计算出1t2－s 直线的斜率k 0，将k 和k 0进行比较，若其差值在实验允许的误差范围内，则可认为此实验验证了机械能守恒定律．答案及解析1．【解析】 在“验证机械能守恒定律”的实验中，需验证重力势能减少量mgh 和动能增加量12mv 2之间的大小关系，若机械能守恒，则有mgh ＝12mv 2成立，两边都有质量，可约去，即验证gh ＝12v 2成立即可，故无需测质量，A 选项多余，对E 选项，测速度时，用的是纸带上的记录点间的距离和打点计时器打点的时间间隔，无需用秒表测量，因此E 选项也多余．【答案】 AE2.【解析】 利用g 求v 和h ，相当于利用机械能守恒验证机械能守恒，故A 、B 、C 选项不正确．【答案】 D3．【解析】 (1)因只能计算出B 点的速度，故应取图中O 点到B 点来验证机械能守恒． (2)ΔE p ＝mg ·h OB ＝1.00×9.80×0.1920 J＝1.88 Jv B ＝h OC －h OA 2T＝1.92 m/s故ΔE k ＝12mv 2B ＝12×1.00×(1.92)2J ＝1.84 J.(3)由机械能守恒定律可知，mgh ＝12mv 2，故有v22＝gh ，图象A 正确．【答案】 (1)B (2)1.88 1.84 (3)A4．【解析】 本实验测量长度用的是毫米刻度尺，故三个数据中15.7是不合理的，应记做15.70，最后一位是估读；O 点到B 点的距离h ＝12.54 cm ，故减少的势能ΔE p ＝mgh ＝1.23m ；计算O 点到B 点的动能增加量，应先计算出B 点的瞬时速度v B ，由图可知：v B ＝x AC 2T ＝0.1570－0.09512×0.02 m/s ＝1.5475 m/s ，故ΔE k ＝12mv 2B ＝1.20m由以上数据可知ΔE p ＞ΔE k ，其原因在于纸带与限位孔之间有摩擦或空气阻力对实验也带来影响．【答案】 (1)15.7 15.70 (2)1.23m 1.20m 大于 有阻力做负功5.【解析】 (1)摆锤下落的高度h ＝L (1－cos θ)；因摆锤与铁片一起运动到最低点，所以摆锤在最低点时的速度等于铁片的平抛初速度v ，由H ＝12gt 2，x ＝vt 得：v ＝xt＝x2Hg＝xg2H. (2)设摆锤的质量为m ，由12mv 2＝mgh 得：12m (x g 2H)2＝mgL (1－cos θ) 整理得：gx 24H＝gL (1－cos θ)．【答案】 (1)L (1－cos θ) xg 2H (2)gx 24H＝gL (1－cos θ) 6．【解析】 (1)当滑块运动到B 点时下降高度为h ′，此时砝码上升的高度为s ，由几何关系可知h ′＝hs d ，故系统减少的重力势能为E p ＝Mgh ′－mgs ＝Mh －md gsd.由于系统从静止开始运动，运动至B 点时的速度v B ＝b t ，故动能的增加量ΔE k ＝12(M ＋m )v 2B＝M ＋m b 22t2. 由ΔE p ＝ΔE k 可解得1t2＝2Mh －md gsM ＋m db 2.(2)描点及作直线见图．在图中直线上取相距较远的两点，读出两点坐标，由k ＝Δ1t 2Δs可得k ＝2.40×104m－1s －2.【答案】 (1)Mh －md gsdM ＋m b 22t 22Mh －md gsM ＋m db 2(2)2.40 描点与作图见解析。
2021届高考一轮(人教)物理：恒定电流含答案
2021届高考一轮（人教）物理：恒定电流含答案一轮：恒定电流**一、选择题1、夏天使用电风扇时，若不慎扇叶被卡住，风扇容易烧毁。
已知电风扇正常工作时电功率为P ，发热功率为P 0，当风扇被卡住时热功率为(两端的电压仍不变)( )A ．PB ．P －P 0 C.P 2P 0 D.PP 02、一个电饭煲和一台洗衣机并联接在输出电压为220 V 的交流电源上(其内电阻可忽略不计)，均正常工作。
用电流表分别测得通过电饭煲的电流是5.0 A ，通过洗衣机电动机的电流是0.50 A ，则下列说法中正确的是 ( )A.电饭煲的电阻为44 Ω，洗衣机电动机线圈的电阻为440 ΩB.电饭煲消耗的电功率为1 555 W ，洗衣机电动机消耗的电功率为155.5 WC.1 min 内电饭煲消耗的电能为6.6×104 J ，洗衣机电动机消耗的电能为6.6×103 JD.电饭煲发热功率是洗衣机电动机发热功率的10倍3、一个内电阻可以忽略的电源，给一个绝缘的圆管子里装满的水银供电，电流为0.1 A ，若把全部水银倒在一个内径大一倍的绝缘圆管子里，那么通过的电流将是( )A ．0.4 AB ．0.8 AC ．1.6 AD ．3.2 A4、如图为一种服务型机器人，其额定功率为48 W ，额定工作电压为24 V 。
机器人的锂电池容量为20 A·h 。
则机器人( )A ．额定工作电流为20 AB ．充满电后最长工作时间为2 hC．电池充满电后总电量为7.2×104 CD．以额定电流工作时每秒消耗能量为20 J5、在如图所示的电路中，R1＝11 Ω，r＝1 Ω，R2＝R3＝6 Ω，当开关S闭合且电路稳定时，电容器C带电荷量为Q1；当开关S断开且电路稳定时，电容器C 带电荷量为Q2，则()A．Q1∶Q2＝1∶3 B．Q1∶Q2＝3∶1C．Q1∶Q2＝1∶5 D．Q1∶Q2＝5∶16、如图所示的电路中，电源内阻不可忽略。
(安徽专用)高考物理一轮复习 第七章 恒定电流单元检测(含解析)
单元检测七恒定电流(时间：60分钟满分：100分)一、单项选择题(本题8小题，每小题7分，共56分)1．一白炽灯泡的额定功率与额定电压分别为36 W与36 V。
若把此灯泡接到输出电压为18 V的电源两端，则灯泡消耗的电功率( )A．等于36 W B．小于36 W，大于9 WC．等于9 W D．小于9 W2．如图所示为汽车蓄电池与车灯(电阻不变)、启动电动机组成的电路，蓄电池内阻为0.05 Ω。
电流表和电压表均为理想电表，只接通S1时，电流表示数为10 A，电压表示数为12 V，再接通S2，启动电动机工作时，电流表示数变为8 A，则此时通过启动电动机的电流是( )A．2 A B．8 A C．50 A D．58 A3．如图所示，直线A是电源的路端电压和电流的关系图线，直线B、C分别是电阻R1、R2的两端电压与电流的关系图线，若将这两个电阻分别接到该电源上，则( )A．R1接在电源上时，电源的效率高B．R2接在电源上时，电源的效率高C．R1接在电源上时，电源的输出功率大D．电源的输出功率一样大4．如图所示电路中，R0为定值电阻，当滑片P向右移动过程中，下列判断正确的是( )A．电压表V1、电流表A的读数都增大B．电压表V1与电流表A读数的比值保持不变C．电压表V2与电流表A读数的比值变大D．电压表V1、电流表A读数变化量的比值保持不变5．硅光电池作为电源已广泛应用于人造卫星、灯塔和无人气象站等，高速公路上安装的“电子眼”通常也采用硅光电池供电。
硅光电池的原理如图所示，a、b是硅光电池的两个电极，P、N是两块硅半导体，E区是两块半导体自发形成的匀强电场区，P的上表面镀有一层增透膜。
光照射到半导体P上，使P内受原子束缚的电子成为自由电子，自由电子经E 区电场加速到达半导体N，从而产生电动势，形成电流。
以下说法中正确的是( )A．E区匀强电场的方向由P指向NB．电源内部的电流方向由P指向NC．a电极为电池的正极D．硅光电池是一种把化学能转化为电能的装置6．如图所示为测量某电源电动势和内阻时得到的U-I图线。
高考物理一轮阶段考查7恒定电流(含答案)
阶段考查(七) 恒定电流第Ⅰ卷 选择题，共48分一、选择题(本大题共8小题，每小题6分，共48分)1．在第二十九届奥运会上“绿色、科技、人文”的理念深入人心．如在奥运村及奥运场馆内大量使用太阳能路灯，其光电转换装置在阳光照射下把太阳能转换为电能储存起来，供夜晚照明使用．在正常照射下，太阳能电池的光电转换效率可达20%，可产生24 V 电压，产生2.5 A 的电流，则每秒该路灯可转化的太阳能为( )A ．120 JB ．300 JC ．600 JD ．1 200 J解析：每秒钟路灯消耗电能为W ＝UIt ＝24×2.5×1 J ＝60 J则每秒转化的太阳能为：W η＝6020%J ＝300 J 故选项B 正确．答案：B2．如图7－1所示为测定压力的电容式传感器，将平行板电容器、灵敏电流表(零刻度在中间)和电源串联成闭合回路．当压力F 作用于可动膜片电极上时，膜片产生形变，引起电容的变化，导致灵敏电流表指针偏转．在对膜片开始施加压力，从图中的虚线推到图中实线位置并保持固定的过程中，灵敏电流表指针的偏转情况为(电流从电流表正接线柱流入时指针向右偏)( )图7－1A．向右偏到某一刻度后回到零刻度B．向左偏到某一刻度后回到零刻度C．向右偏到某一刻度后不动D．向左偏到某一刻度后不动解析：灵敏电流表有示数的时候应该是电容器电容值发生变化的时候，可动电极向上动，电容器电容增大，电路对电容器充电，故指针向右偏．当可动电极到了实线位置时，电容器的电容不再发生变化，此时电路中的电流消失，指针又回到零点．答案：A图7－23．酒精测试仪用于对机动车驾驶人员是否酗酒及其他严禁酒后作业人员的现场检测，它利用的是一种二氧化锡半导体型酒精气体传感器．酒精气体传感器的电阻随酒精气体浓度的变化而变化，在如图7－2所示的电路中，不同的酒精气体浓度对应着传感器的不同电阻．这样，显示仪表的指针就与酒精气体浓度有了对应关系．如果二氧化锡半导体型酒精气体传感器电阻的倒数与酒精气体的浓度成正比，那么，电压表示数U与酒精气体浓度c之间的对应关系正确的是()A．U越大，表示c越大，c与U成正比B．U越大，表示c越大，但是c与U不成正比C．U越大，表示c越小，c与U成反比D．U越大，表示c越小，但是c与U不成反比解析：题中给出传感器电阻r′的倒数与酒精气体浓度c是正比关系，即1r′＝kc，电压表示数U＝R0Er′＋R＋R0＋r＝R0E1kc＋R＋R0＋r＝kR0Ek(R＋R0＋r)＋1c，可以看出电压与浓度的关系不是正比关系，但随浓度的增加而增加．故只有选项B正确．答案：B图7－34．[2014·泉州市质量检查]如图7－3所示，E为电源，其内阻为r，L为小灯泡(其灯丝电阻可视为不变)，R1、R2为定值电阻，R3为光敏电阻．闭合开关S后，若照射R3的光强度减弱，则()A．R1两端的电压变大B．小灯泡消耗的功率变小C．通过R2的电流变小D．电源两极间的电压变小解析：光照强度减弱，R3阻值增大，电路中总电阻增大，总电流减小，R1两端电压减小，A错误；并联电路两端电压增大，R2中电流增大，C错误；灯泡中电流I L＝I总－IR2，则I L减小，其功率减小，B正确；由U＝E －I总r得路端电压增大，D错误．答案：B图7－45．如图7－4所示，M、N是平行板电容器的两个极板，R0为定值电阻，R1、R2为可调电阻，用绝缘细线将质量为m、带正电的小球悬于电容器内部．闭合电键S，小球静止时受到悬线的拉力为F.调节R1、R2，关于F的大小判断正确的是()A．保持R1不变，缓慢增大R2时，F将变大B．保持R1不变，缓慢增大R2时，F将变小C．保持R2不变，缓慢增大R1时，F将变大D．保持R2不变，缓慢增大R1时，F将变小解析：本题主要考查带电体在电场中的平衡问题，意在考查考生对物体平衡、电容器等知识的理解和应用．小球重力、电场力、悬线的拉力处于平衡状态，设悬线与竖直方向的夹角为θ，则tanθ＝qEmg＝qUmgd，cosθ＝mgF，由闭合电路欧姆定律知增大R2时，定值电阻两端电压减小，由此可知θ减小，cosθ增大，F减小，B项对；而改变R1对定值电阻两端电压不起作用．答案：B图7－56．如图7－5所示，直线A为电源a的路端电压与电流的关系图线，直线B为电源b的路端电压与电流的关系图线，直线C为一个电阻R的两端电压与电流的关系图线，将这个电阻R分别接到a、b两电源上，那么()A．R接到a电源上，电源的效率较高B．R接到b电源上，电源的输出功率较大C．R接到a电源上，电源的输出功率较大，但电源效率较低D．R接到b电源上，电阻的发热功率和电源的效率都较高解析：由图线可知，a、b两电源的短路电流一样大，a的电动势大于b 的电动势，故a的内阻大于b的内阻，由A与C的交点坐标可知，当电阻R与电源相连时，电流I＝ER＋r，即1I＝RE＋rE，可得接a时的电流大于接b时的电流．由电源输出功率P＝I2R得接a电源时的功率较大，电源的效率η＝RR＋r，所以电阻R接a时效率较低．答案：C图7－67．(多选题)如图7－6所示的电路中，电源有不可忽略的内阻，R1、R2、R3为三个可变电阻，电容器C1、C2所带电荷量分别为Q1和Q2，下面判断正确的是()A．仅将R1增大，Q1和Q2都将增大B．仅将R2增大，Q1和Q2都将增大C．仅将R3增大，Q1和Q2都将不变D．突然断开开关S，Q1和Q2都将不变解析：C1两端电压是R1、R2电压之和，C2两端电压是R2两端电压，R1增大，U C1增大，Q1增大，Q2减小；R2增大，U C1增大，U C2增大，Q1、Q2都增大；断开S，C1、C2均放电，Q1、Q2逐渐减少．答案：BC8．如图7－7所示，电源电动势为E＝12 V，内阻r＝3 Ω，R0＝1 Ω，直流电动机内阻R′0＝1 Ω，当调节滑动变阻器R1时可使甲图电路输出功率最大，调节R2时可使乙图电路输出功率最大，且此时电动机刚好正常工作(额定功率为2 W)，则R1和R2值为()图7－7A．2 Ω，2 Ω B．2 Ω，1.5 ΩC．1.5 Ω，1.5 Ω D．1.5 Ω，2 Ω解析：对于甲图，由于是纯电阻电路，电源消耗能量全部转化为焦耳热，电功率等于热功率，有：P ＝I 2R ＝E 2(R 外＋r )2R 外＝E 2R 外＋2r ＋r 2R 外. 当R 外＝r 时，外电路消耗功率P 最大，P max ＝E 24r＝12 W ，R 1＝2 Ω.对于乙图电路，由于是非纯电阻电路，依能量守恒定律可知：电源消耗能量一部分转化为焦耳热，而另一部分转化为其他形式的能(电动机动能)，电功率不等于热功率．因此上面推导不再适用，正确推导如下：P ＝UI ＝E －U r U ＝EU －U 2r. 显然，当U ＝E 2时，P max ＝E 24r＝12 W ，U 内 ＝6 V ，I ＝2 A ；又因为P 电动机＝P 额＋P 热＝6 W ，所以PR 2＝I 2R 2＝6 W ，R 2＝1.5 Ω.综上所述，只有B 选项正确．答案：B第Ⅱ卷 非选择题，共52分二、实验题(本大题共2小题，共15分)9．(6分)[2014·大庆市质量检测]为了测量一根长约为3 cm 、电阻约为100 Ω、横截面为圆形、粗细均匀的导电材料的电阻率，所用器材如下：直流电源E (电动势约为8.0 V ，内阻可忽略不计)；电流表A 1(量程为0～25 mA ，内阻r 1＝100 Ω)；电流表A 2(量程为0～150 mA ，内阻r 2＝20 Ω)；定值电阻R 0(阻值为10 Ω)；滑动变阻器R (最大阻值为10 Ω)；开关S ，导线若干．(1)用游标卡尺测得该材料的长度如图7－8甲所示，示数为L＝________ mm；用螺旋测微器测得该材料的直径如图乙所示，示数为D＝________ mm.甲乙图7－8(2)为了在测量中尽量减小误差，并测多组数据，现给出测量电阻R x 的实验电路，请据此电路图7－9将实验器材连接起来．图7－9(3)若某次测量中电流表A1的示数为I1，电流表A2的示数为I2，则由已知量和测量量计算电阻率的表达式为ρ＝__________________.(用题目中字母表示即可)答案：(1)30.35 3.205(3.204或3.206)(2)见图7－10图7－10(3)πD24I1L[I2(R0＋r2)－I1r1]10．(9分)[2012·新课标全国卷]图7－11中虚线框内存在一沿水平方向、且与纸面垂直的匀强磁场．现通过测量通电导线在磁场中所受的安培力，来测量磁场的磁感应强度大小、并判定其方向．所用部分器材已在图中给出，其中D为位于纸面内的U形金属框，其底边水平，两侧边竖直且等长；E为直流电源；R为电阻箱；A为电流表；S为开关．此外还有细沙、天平、米尺和若干轻质导线．图7－11(1)在图中画线连接成实验电路图．(2)完成下列主要实验步骤中的填空：①按图接线．②保持开关S 断开，在托盘内加入适量细沙，使D 处于平衡状态；然后用天平称出细沙质量m 1.③闭合开关S ，调节R 的值使电流大小适当，在托盘内重新加入适量细沙，使D __________；然后读出__________，并用天平称出__________．④用米尺测量__________．(3)用测得的物理量和重力加速度g 表示磁感应强度的大小，可以得出B ＝__________.(4)判定磁感应强度方向的方法是：若__________，磁感应强度方向垂直纸面向外；反之，磁感应强度方向垂直纸面向里．解析：根据实验目的和电磁天平的原理，将电源、开关、电阻箱、电流表及U 形金属框串联起来，连接成电路图．设金属框质量为M ，托盘质量为m 0，第一次操作中未接通电源时由平衡条件：Mg ＝(m 0＋m 1)g ，第二次接通电源后，加入适量细沙m 2使D 重新处于平衡状态，然后读出电流表的示数I ，并测量出金属框底部的长度l ，若金属框受到的安培力竖直向下，由平衡条件：BIl ＋Mg ＝(m 0＋m 2)g ，两式联立解得：B ＝(m 2－m 1)g Il；若金属框受到的安培力竖直向上，则B ＝(m 1－m 2)g Il，综上B ＝|m 2－m 1|Il g ，若m 2＞m 1，则由左手定则可知磁感应强度方向垂直纸面向外，反之，磁感应强度方向垂直纸面向里．答案：(1)如图7－12所示图7－12(2)③重新处于平衡状态 电流表的示数I 此时细沙质量m 2 ④D 的底边长l(3)|m 2－m 1|g Il(4)m 2＞m 1 三、计算题(本大题共2小题，共37分)图7－1311．(17分)如图7－13所示，电源的电动势E ＝110 V ，电阻R 1＝21 Ω，电动机绕线的电阻R 0＝0.5 Ω，开关S 1始终闭合．当开关S 2断开时，电阻R 1的电功率是525 W ；当开关S 2闭合时，电阻R 1的电功率是336 W ．求：(1)电源的内电阻；(2)当开关S 2闭合时流过电源的电流和电动机输出的功率．图7－14解析：(1)S2断开时等效电路如图7－14所示，R1消耗的功率为P1，则P1＝(ER1＋r)2·R1代入数据解得r＝1Ω.(2)设S2闭合时路端电压为U，R1消耗的功率为P2，则P2＝U2 R1由闭合电路欧姆定律得E＝U＋Ir代入数据解得I＝26A设流过R1的电流为I R1，流过电动机的电流为I M，I R1＝U R1而I M＋I R1＝I对电动机有UI M＝P出＋I2M R0代入数据联立解得P出＝1 606W.答案：(1)1Ω (2)26A 1 606W图7－1512．(20分)如图7－15所示的电路中，两平行金属板A 、B 水平放置，极板长l ＝80 cm ，两板间的距离d ＝40 cm.电源电动势E ＝40 V ，内阻r ＝1 Ω，电阻R ＝15 Ω，闭合开关S ，待电路稳定后，将一带负电的小球从B 板左端且非常靠近B 板的位置以初速度v 0＝4 m/s 水平向右射入两板间，该小球可视为质点．若小球带电荷量q ＝1×10－2 C ，质量为m ＝2×10－2 kg ，不考虑空气阻力，电路中的电压表、电流表均是理想电表．若小球恰好从A 板右边缘射出(g 取10 m/s 2)．求：(1)滑动变阻器接入电路的阻值为多大？(2)此时电流表、电压表的示数分别为多少？(3)此时电源的输出功率是多大？解析：(1)设小球在板间飞行时间为t ，t ＝l v 0＝0.84 s ＝0.2 s ，根据d ＝12at 2， 得飞行加速度a ＝2d t 2＝2×0.40.22 m/s 2＝20 m/s 2. 对小球根据牛顿第二定律得q U AB d －mg ＝ma ，解得：U AB ＝m (g ＋a )d q ＝2×10－2×(10＋20)×0.41×10－2 V ＝24 V ， 所以滑动变阻器的两端电压U 滑＝U AB ＝24 V .设通过滑动变阻器的电流为I ，由欧姆定律得I ＝E －U 滑R ＋r ＝40－2415＋1A ＝1 A. 滑动变阻器接入电路的阻值R 滑＝U 滑I ＝24 Ω.(2)此时电流表的示数为1 A ，电压表的示数为U ＝E －Ir ＝(40－1×1) V ＝39 V .(3)电源的输出功率P 出＝IU ＝39 W.答案：(1)24 Ω (2)1 A 39 V (3)39 W。
高考物理一轮复习题及答案解析 第七章 恒定电流
第七章恒定电流(1)从近三高考试题考点分布可以看出；高考对本章内容的考查重点有对电路基本概念和规律的考查以及对闭合电路欧姆定律的考查。
电路动态分析；故障判断题；以非常高的频率出现在各地的高考题中。
高考一直非常重视对四个实验的考查；电学实验除了考查大纲要求的实验；还有一些设计型的实验；考查学生独立完成实验的能力；包括理解实验原理、实验目的及要求；了解器材的使用；掌握实验步骤方法和数据的处理能力等。
(2)高考对本章内容主要以选择题和实验题形式出现；难中等。
(1)预计在高考中；多以考查知识的综合应用为主；突出分析问题能力的考查；实验题仍是主要考查题型；也可以以选择题的形式考查本专题的基本规律的应用。
(2)在实验方面的命题重点为：基本仪器的使用；实验原理的理解；实验数据的处理等；以基本实验中总结出实验结论；实验设计思想；并将其应用到拓展型、迁移型实验题目的分析中；考查对实验方法的领悟情况和迁移应用能力、创新能力。
高考考向前瞻第1节电流__电阻__电功__电功率电流[想一想]如图7－1－1所示；电子绕核运动可以看做一环形电流。
设氢原子中的电子以速v在半径为r的轨道上运动；用e表示电荷量；则其等效电流为多大？图7－1－1提示：氢原子的核外电子只有一个；电子绕核做圆周运动；圆轨道周长为2πr；电子运动速率为v；则每秒钟电子绕核转动转过的圈数为n＝错误!。
电流为每秒钟通过某横截面的电荷量；对电子绕核运动形成的等效电流而言；其等效电流为I＝ne＝错误!e。
[记一记]1．形成电流的条件(1)导体中有能够自由移动的电荷。
(2)导体两端存在电压。
2．电流的方向与正电荷定向移动的方向相同；与负电荷定向移动的方向相反。
电流虽然有方向；但它是标量。
3．电流(1)定义式：I＝错误!。
(2)微观表达式：I＝nqS v。
(3)单位：安培(安)；符号A；1 A＝1 C/s。
[试一试]1.如图7－1－2所示；一根截面积为S的均匀长直橡胶棒上均匀带有负电荷；每米电荷量为q；当此棒沿轴线方向做速为v的匀速直线运动时；由于棒运动而形成的等效电流大小为()图7－1－2A．v q B.错误!C．q v S D.错误!解析：选A在电荷的运动方向上假设有一截面；则在t时间内通过截面的电荷量为Q ＝v t·q；则等效电流为I＝错误!＝v q；故选项A正确。
2025版高考物理一轮复习全程训练计划周测七恒定电流含解析
恒定电流夯基提能卷⑦ 立足于练题型悟技法——保底分(本试卷满分95分)一、选择题(本题包括8小题，每小题6分，共48分．在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项是正确的，有的小题有多个选项是正确的．全部选对的得6分，选不全的得3分，有选错或不答的得0分)1．[2024·潍坊模拟]在长度为l 、横截面积为S 、单位体积内自由电子数为n 的金属导体两端加上电压，导体中就会产生匀强电场．导体内电荷量为e 的自由电子在电场力作用下先做加速运动，然后与阳离子碰撞而减速，如此往复……所以，我们通常将自由电子的这种运动简化成速率为v (不随时间变更)的定向运动．已知阻碍电子运动的阻力大小与电子定向移动的速率v 成正比，即f ＝kv (k 是常量)，则该导体的电阻应当等于( )A.kl neS B.kl ne 2S C.kS nel D.kS ne 2l答案：B解析：电子定向移动，由平衡条件，kv ＝e Ul ，则U ＝kvl e，导体中的电流I ＝neSv ，电阻R ＝U I ＝kl ne 2S，选项B 正确． 2．[2024·青岛模拟]如图所示，a 、b 、c 为不同材料做成的电阻，b 与a 的长度相等，横截面积是a 的两倍；c 与a 的横截面积相等，长度是a 的两倍．当开关闭合后，三个志向电压表的示数关系是U 1：U 2：U 3＝1：1：2.关于这三种材料的电阻率ρa 、ρb 、ρc ，下列说法中正确的是( )A ．ρa 是ρb 的2倍B ．ρa 是ρc 的2倍C ．ρb 是ρc 的2倍D ．ρc 是ρa 的2倍答案：C解析：设a 的长度为L ，横截面积为S ，因为R ＝U I ，而R ＝ρL S ，所以R a R b ＝U 1U 2，即ρa L S ρb L 2S＝1，故ρb ＝2ρa ；同理R a R c ＝U 1U 3＝12，所以ρa L S ρc 2L S＝12，故ρa ＝ρc ，由上述可知ρb ＝2ρc ，C 正确．3．(多选)如图所示，把四个相同的灯泡接成甲、乙两种电路后，灯泡都正常发光，且两个电路的总功率相等．则下列对这两个电路中的U 甲、U 乙、R 甲、R 乙之间的关系的说法正确的是( )A ．U 甲>2U 乙B ．U 甲＝2U 乙C ．R 甲＝4R 乙D ．R 甲＝2R 乙答案：BC解析：设灯泡的电阻为R ，正常发光时电流为I ，电压为U ，由于两个电路的总功率相等，P ＝U 甲I ＝U 乙·2I ，得U 甲＝2U 乙；又由U 甲＝2U ＋IR 甲，U 乙＝U ＋2IR 乙，得R 甲＝4R 乙，故B 、C 正确．4．(多选)如图所示，四个相同的表头分别改装成两个电流表和两个电压表，电流表A 1的量程大于电流表A 2的量程，电压表V 1的量程大于电压表V 2的量程，把它们按图接入电路中，则下列说法正确的是(读数均表示改装后的测量值)( )A ．电流表A 1的偏转角大于电流表A 2的偏转角B ．电流表A 1的读数大于电流表A 2的读数C ．电压表V 1的读数小于电压表V 2的读数D ．电压表V 1的偏转角等于电压表V 2的偏转角答案：BD解析：电流表A 1的量程大于电流表A 2的量程，故电流表A 1的内阻小于电流表A 2的内阻；由题图可以知道，两电流表并联，故两电流表两端的电压相等，两电流表由同一表头改装而成，而将电流表扩大量程时应并联一小电阻，故相当于四个电阻并联，故两表头中电流相同，故两表头指针的偏转角相同，故改装好的电流表A 1中的电流要大于电流表A 2中的电流，故电流表A 1的读数比电流表A 2的读数大，故A 错误，B 正确；电压表V 1的量程大于电压表V 2的量程，故电压表V 1的电阻大于电压表V 2的电阻，两电压表串联，故通过两表头的电流相等，故电压表V 1的读数比电压表V 2的读数大，两电压表串联，通过表头的电流相等，表头指针偏转角度相等，电压表V 1的偏转角等于电压表V 2的偏转角，故C 错误，D 正确．5．[2024·重庆调研]如图所示，电源电动势为E ，内阻恒为r ，R 是定值电阻，热敏电阻R T 的阻值随温度的降低而增大，C 是平行板电容器．闭合开关S ，带电液滴刚好静止在C 内．在热敏电阻温度降低的过程中，分别用ΔI 、ΔU 1、ΔU 2和ΔU 3表示电流表、电压表V 1、电压表V 2和电压表V 3示数变更量的肯定值．关于该电路工作状态的变更，下列说法正确的是( )A.ΔU 1ΔI 、ΔU 2ΔI 、ΔU 3ΔI 肯定都变大 B.ΔU 1ΔI 和ΔU 3ΔI 肯定不变，ΔU 2ΔI肯定变大 C ．带电液滴肯定向下加速运动D ．电源的工作效率变大答案：D解析：由题意和题图可知，当热敏电阻温度降低时，热敏电阻的阻值增大，电路总阻值增大，总电流减小，电源内阻的分压减小，外电压增大，则电压表V 3的示数增大、电压表V 1的示数减小、电压表V 2的示数增大．由于U 1＝IR ，则ΔU 1ΔI＝R 不变，由闭合电路欧姆定律有U 3＝E －Ir ，则ΔU 3ΔI ＝r 不变，又U 2＝E －I (r ＋R )，则ΔU 2ΔI＝r ＋R 不变，AB 错误；由于电容器两极板之间的电压增大，电场力大于带电液滴所受的重力，则带电液滴向上做加速运动，C 错误；电源的效率为η＝I 2R ＋R T I 2R ＋R T ＋r×100%＝11＋r R ＋R T，即当R T 增大时，电源的工作效率变大，D 正确． 6．[2024·成都模拟]如图所示，E 为内阻不计的电源，MN 为同种材料制成的粗细匀称的长电阻丝，B 为电容器．当滑动触头P 以恒定速率从左向右匀速滑动时，关于电流计A 的读数状况及通过A 的电流方向，下列说法正确的是( )A ．读数渐渐变小，通过A 的电流方向向左B ．读数渐渐变大，通过A 的电流方向向右C ．读数稳定，通过A 的电流方向向右D ．读数稳定，通过A 的电流方向向左答案：C解析：设在Δt 时间内，触头P 移动的距离为ΔL ，则ΔL ＝v Δt ，电源内阻不计，电阻丝单位长度上的电压值为EL ，因此在Δt 时间内电容器两板间电压变更了ΔU ＝E L ΔL ＝E Lv Δt ，而I ＝ΔQ Δt ＝C ΔU Δt ＝CE L v Δt Δt ＝CE Lv ，电流值恒定，即电流表读数稳定，A 、B 错误；电容器的电压等于右半部分电阻丝两端的电压，当滑动触头P 以恒定速率从左向右匀速滑动时，电容器的电压减小，放电，放电电流方向由正极板流向负极板，右极板带正电，所以通过A 的电流方向向右，故C 正确，D 错误．7．压敏电阻的阻值随所受压力的增大而减小，有同学利用压敏电阻设计了推断小车运动状态的装置，其工作原理如图甲所示，将压敏电阻和一块挡板固定在绝缘小车上，中间放置一个绝缘重球，重球直径略小于压敏电阻和挡板间距，小车向右做直线运动的过程中，电流表示数如图乙所示，下列推断正确的是( )A ．从0到t 1时间内，小车肯定做匀速直线运动B ．从t 1到t 2时间内，小车做匀加速直线运动C ．从t 2到t 3时间内，小车做匀加速直线运动D ．从t 2到t 3时间内，小车做匀速直线运动答案：C解析：由I －t 图象可知，0～t 1和t 2～t 3时间内，电流不变，说明电路中电阻不变，重球对压敏电阻的压力不变，即重球受力不变，0～t1时间内的电流小于t2～t3时间内的电流，则0～t1时间内小车可能做匀速运动，也可能匀加速运动，t2～t3时间内，小车做匀加速直线运动，故A、D错误，C正确；t1～t2时间内电流匀称增加，表示电路中电阻减小，说明重球对压敏电阻的压力变更，即重球受力变更，所以小车做变加速运动，故B错误．8．(多选)在如图所示的电路中，电源内阻r≠0，定值电阻R2消耗的功率用P表示，两电表均为志向电表，电容器与滑动变阻器并联，电压表和电流表的读数分别用U、I表示，电容器所带的电荷量用Q表示，通过电源的电荷量为q时，电源所做的功用W表示．当滑动变阻器的滑片向右移动时，下列图象正确的是( )答案：AB解析：当滑动变阻器滑片向右滑动过程中，接入电路的电阻减小，电路中的电流增大，R2消耗的功率为P＝I2R2，功率与电流的关系为二次函数关系，A正确；电容器C的电压U C＝E－I(R2＋r)，电荷量Q＝CU C＝C[E－I(R2＋r)]，则ΔQΔI＝－C(R2＋r)，保持不变，则Q－I图线是向下倾斜的直线，B正确；电压表示数U＝E－Ir，U—I图线应是向下倾斜的直线，C 错误；电源通过电荷量q时，电源做的功W＝qE，E是电源的电动势，则W—q是过原点的直线，D错误．二、非选择题(本题包括4小题，共47分)9．(8分)[2024·唐山模拟]发光晶体二极管是用电器上做指示灯用的一种电子元件．它的电路符号如图甲所示，正常运用时，带“＋”号的一端接高电势，“－”号的一端接低电势．某同学用试验方法测得它两端的电压U和通过它的电流I的关系数据如表所示.U/V00.40.8 1.2 1.6 2.0 2.4 2.6 2.8 3.0I/mA00.9 2.3 4.3 6.812.019.024.030.037.0(1)在图乙中的虚线框内画出该同学的试验电路图．(除电源、开关、滑动变阻器外，试验用电压表V：内阻R V约为10 kΩ；电流表mA：内阻R A约为100 Ω)(2)在图丙中的小方格纸上用描点法画出二极管的伏安特性曲线。
2015高三物理第一轮复习第七章恒定电流练习题(含答案和解释)
2015高三物理第一轮复习第七章恒定电流练习题(含答案和解释) 一高考题组 1．(单选)(2011•高考北京卷)如图所示电路，电源内阻不可忽略．开关S闭合后，在变阻器R0的滑动端向下滑动的过程中( ) A．电压表与电流表的示数都减小 B．电压表与电流表的示数都增大 C．电压表的示数增大，电流表的示数减小 D．电压表的示数减小，电流表的示数增大 2．(2013•高考上海卷)如图，电路中三个电阻R1、R2和R3的阻值分别为R、2R和4R.当电键S1断开、S2闭合时，电源输出功率为P0；当S1闭合、S2断开时，电源输出功率也为P0.则电源电动势为________；当S1、S2都断开时，电源的总功率为________．二模拟题组 3. (单选)(2014•衡阳模拟)如图所示的U－I图象中，直线a为某一电源的路端电压与电流的关系图线，直线b为某一电阻R的伏安特性曲线，两图线相交于(2,2)．用该电源和该电阻组成闭合电路，电源的输出功率和电源的内电阻分别是( ) A．6 W,1 Ω B．6 W,0.5 Ω C．4 W,1 ΩD．4 W,0.5 Ω 4．(单选)(2014•福建三明联考)两电源电动势分别为E1、E2(E1＞E2)，内阻分别为r1、r2.当这两个电源分别和一阻值为R的电阻连接时，电源输出功率相等．若将R减小为R′，电源输出功率分别为P1、P2，则( ) A．r1＜r2，P1＜P2 B．r1＞r2，P1＞P2 C．r1＜r2，P1＞P2 D．r1＞r2，P1＜P25．(单选)(2014•山东莘县质检)如图所示，两平行金属板间带电质点P原处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，当滑动变阻器R4的滑片向b端移动时，则( ) A．电压表读数减小B．电流表读数减小 C．质点P将向上运动 D．R3上消耗的功率逐渐增大温馨提示日积月累，提高自我请做课后达标检测221．[解析]选A.由变阻器R0的滑动端向下滑可知R0连入电路的有效电阻减小，则R总减小，由I＝ER总＋r可知I增大，由U内＝Ir可知U内增大，由E＝U内＋U外可知U外减小，故电压表示数减小．由U1＝IR1可知U1增大，由U外＝U1＋U2可知U2减小，由I2＝U2R2可知电流表示数变小，故A正确． 2．[解析]S1断开，S2闭合时：P0＝ER＋r2•R； S1闭合、S2断开时：P0＝E4R＋r2•4R，联立得：r＝2R，E＝3P0•R，当S1、S2都断开时，P＝E27R＋r＝E29R＝P0. [答案]3P0R P0 3．[解析]选D.由题图中图线a的截距可知，电源的电动势为E＝3 V；由题图中图线a的斜率可知电源的内阻为r＝0.5 Ω；由题图中a、b两图线的交点可知，闭合电路的总电流及路端电压分别为2 A和2 V．因此，电源的输出功率为P＝UI＝4 W，A、B、C错误，D正确． 4．[解析]选D.如图所示由伏安特性曲线可知，r1＞r2，若将R减小为R′，电源输出功率P1＜P2，选项D正确． 5．[解析]选A.当滑动变阻器R4的滑片向b端移动时，R4接入电路部分的电阻减小，外电路总电阻减小，干路电流增大，电源内阻分担的电压增大，则路端电压减小，R1分担电压增大，则平行金属板两极板间电压减小，带电质点P所受电场力减小，质点P将向下运动，选项C错误；R3两端电压减小，R3中电流减小，电流表读数增大，选项B错误；R3上消耗的功率逐渐减小，选项D错误；由于R2中电流增大，R2两端电压增大，故电压表读数减小，选项A正确．。
高考一轮复习【第七章】《恒定电流》章末达标验收(含答案)
【创新方案】2019年高考物理一轮复习章末达标验收：第七章恒定电流(教师用书独具)(时间：50分钟满分：100分)一、选择题(本题共12小题，每小题5分，共60分，每小题至少有一个选项正确，选对但选不全得2分，有错选或不答的得0分)1．如图1是电解硫酸铜溶液的装置示意图，图中电压表的示数为U，电流表示数为I，通电时间是t，下面的说法正确的是( )图1A．It是时间t内流到铜板上的阳离子带的总电荷量B．IUt是时间t内该电路所产生的总焦耳热C．IUt是时间t内该电路消耗的总电能D．IU是电能转化成化学能的功率解析：选AC 由电流的定义式I＝qt知It是时间t内流到铜板上的阳离子的总电荷量，A正确；由W＝IUt知，IUt是时间t内该电路消耗的总的电能，少部分产生焦耳热，大部分转化为化学能，故B、D错，C正确。
2.在如图2所示电路中，电源电动势为12 V，电源内阻为1.0 Ω，电路中的电阻R0为1.5 Ω，小型直流电动机M的内阻为0.5 Ω。
闭合开关S后，电动机转动，电流表的示数为2.0 A。
则以下判断中正确的是( )图2A．电动机的输出功率为14 WB．电动机两端的电压为7 VC．电动机产生的热功率为4 WD．电源输出的电功率为24 W解析：选B 电动机与定值电阻R0之间串联，电流相等，大小等于电流表示数为2.0 A，由闭合电路的欧姆定律可得，电动机两端电压的大小为U M＝E－I(r＋R0)＝7 V，所以电动机的输出功率为：P＝U M I－I2R M＝12 W，A 错误，B正确；电动机的热功率：P rM＝I2R M＝2 W，C错误；电源的输出功率为：P出＝EI－I2r＝20 W，D错误。
3．(2018·山东四市联考)已知磁敏电阻在没有磁场时电阻很小，有磁场时电阻变大，并且磁场越强阻值越大。
为探测磁场的有无，利用磁敏电阻作为传感器设计了如图3所示的电路，电源的电动势E和内阻r不变，在没有磁场时调节变阻器R使电灯L正常发光，若探测装置从无磁场区进入强磁场区。
2017版新课标物理一轮复习章末过关检测(七)第七章 恒定电流 含答案
章末过关检测(七)恒定电流(限时：45分钟)一、单项选择题(本题共5小题，每小题6分，共30分)1．两根材料相同的均匀导线A和B，其长度分别为L和2L，串联在电路中时沿长度方向电势的变化如图所示，则A和B导线的横截面积之比为()A．2∶3B．1∶3C．1∶2D．3∶12.(2016·长春模拟)在如图所示的电路中，电源的电动势为E，内阻为r，正确接入电路中的电表a、b、c均有正常示数(既不为零，也不超量程，电表均为理想电压表或电流表)，在滑动变阻器滑片P向右移动过程中，关于a、b、c三只电表示数的变化，以下说法正确的是()A．a的示数将变大，c的示数将变小B．a的示数将变小，c的示数将变大C．a的示数将变小，b的示数将变小D．b的示数将不变，c的示数将变小3．在如图所示电路中，电源电动势E＝80 V，内阻r＝5.6 Ω，R1＝6 000 Ω，R2＝4 000 Ω，R3＝0.3 Ω，R4＝6 000 Ω，R5＝0.1 Ω，R6＝0.2 Ω，R7＝8 000 Ω，估算R7消耗的功率为()A．80 W B．8 W C．0.8 W D．0.08 W4.在如图所示的电路中，开关S闭合后，由于电阻元件发生短路或断路故障，某时刻电压表和电流表的读数都增大，则可能出现了下列哪种故障()A．R1短路B．R2短路C．R3短路D．R1断路5.(2016·成都检测)如图所示的电路中，电源的电动势为E，内阻为r，闭合开关S，在滑动变阻器的滑片P向左移动的过程中，下列结论正确的是()A．小灯泡L变暗B．电流表读数变大，电压表读数变小C．电容器C上电荷量增加D．电源的总功率变小二、多项选择题(本题共3小题，每小题6分，共18分)6.(2016·咸阳质检)如图所示，曲线C1、C2分别是直流电路中内、外电路消耗的电功率随电流变化的图线，由该图可知，下列说法正确的是()A．电源的电动势为4 VB．电源的内电阻为1 ΩC．电源的输出功率最大为8 WD．电源被短路时，电源消耗的功率为16 W7.如图所示电路中，电源电动势为E、内阻为r、R0为定值电阻，电容器的电容为C。
2020版高考物理一轮复习全程训练计划周测七恒定电流含解析
为不同材料做成的电阻，b与a的长度相等，横截面积是的两倍．当开关闭合后，三个理想电压表的示数关系是U1：U2：U＝：：2.，下列说法中正确的是( )3．(多选)如图所示，把四个相同的灯泡接成甲、乙两种电路后，灯泡都正常发光，且两个电路的总功率相等．则下列对这两个电路中的U甲、U乙、R甲、R乙之间的关系的说法正确的是( )A．U甲>2U乙B．U甲＝2U乙C．R甲＝4R乙D．R甲＝2R乙答案：BC解析：设灯泡的电阻为R，正常发光时电流为I，电压为U，由于两个电路的总功率相等，P＝U甲I＝U乙·2I，得U甲＝2U乙；又由U甲＝2U＋IR甲，U乙＝U＋2IR乙，得R甲＝4R乙，故B、C正确．4．(多选)如图所示，四个相同的表头分别改装成两个电流表和两个电压表，电流表A1的量程大于电流表A2的量程，电压表V1的量程大于电压表V2的量程，把它们按图接入电路中，则下列说法正确的是(读数均表示改装后的测量值)( )A．电流表A1的偏转角大于电流表A2的偏转角B．电流表A1的读数大于电流表A2的读数C．电压表V1的读数小于电压表V2的读数D．电压表V1的偏转角等于电压表V2的偏转角答案：BD解析：电流表A1的量程大于电流表A2的量程，故电流表A1的内阻小于电流表A2的内阻；由题图可以知道，两电流表并联，故两电流表两端的电压相等，两电流表由同一表头改装而成，而将电流表扩大量程时应并联一小电阻，故相当于四个电阻并联，故两表头中电流相同，故两表头指针的偏转角相同，故改装好的电流表A1中的电流要大于电流表A2中的电流，故电流表A1的读数比电流表A2的读数大，故A错误，B正确；电压表V1的量程大于电压表V2的量程，故电压表V1的电阻大于电压表V2的电阻，两电压表串联，故通过两表头的电流相等，故电压表V1的读数比电压表V2的读数大，两电压表串联，通过表头的电流相等，表头指针偏转角度相等，电压表V1的偏转角等于电压表V2的偏转角，故C错误，D正确．5．[2019·重庆调研]，R是定值电阻，热敏电阻，带电液滴刚好静止在C内．在热敏电阻温度降低的过程中，分别用和电压表V3示数变化量的绝对值．关于该电路工作状态的变化，下列＝＋＋RT＋×100%的电流方向向左的电流方向向右时间内，小车一定做匀速直线运动时间内，小车做匀加速直线运动时间内，小车做匀加速直线运动时间内，小车做匀速直线运动≠0，定值电阻R2消耗的功率用滑动变阻器并联，电压表和电流表的读数分别用U、I表示，电容器所带的电荷量用表示．当滑动变阻器的滑片向右移动时，下列图象正确的是当滑动变阻器滑片向右滑动过程中，接入电路的电阻减小，电路中的电流增大，，功率与电流的关系为二次函数关系，A正确；电容器C的电压U C＝E－I(R2＋若发光二极管的最佳工作电压为2.5 V，而电源是由内阻不计、电动势为3 V据所画出的伏安特性曲线上的信息，分析应该串联一个阻值为________ Ω的电阻再与电源接成闭合电路，才能结果保留二位有效数字)和通过它的电流I的关系，需要设计成滑动变阻器分压接法电路，由于2.5 V对应的电流为20 mA，由欧姆定律，为了测量一节新干电池的电动势和内阻．甲同学使用多用电表粗测了电池的电动势，实验结束后，图甲中的多用电表旋钮位置符合实验操作规范乙同学采用图乙所示的实验电路图，实验时发现，当滑动变阻器在阻值较大的范围内调节时，电压表示数变化不明显，其原因是电池内阻________(选填“较大”或“较小”)．丙同学为改进乙同学的电路图，准备用以下器材和一些导线来完成实验，器材如下：V改变滑动变阻器接入电路中的阻值，得到了六组实验数据，已在图丁中描点，请在图丁中作出图象，根据图象得出该节电池的内阻r＝_____Ω(结果保留两位有效数字)．(2)较小(2分) (3)①如图1所示(2分) ②如图2所示(2分多用电表使用后应该将选择开关旋至OFF挡或交流电压最高挡，故选②.(2)当电池的内阻较小时，内阻分得的电压较小，路端电压变化就不明显．(3)①实物连接图如图1所示，作U－I分布在直线两侧，并舍去较远的点；②由U＝E－I(r＋R0)可知，图线的斜率的绝对值为，得r＝0.35 Ω.有一用电器的铭牌上标明额定电压为100 V，额定功率因字迹不清而无法辨认，但该用电器有由于用电器阻值未知，所以滑动变阻器应采用分压接法，使其电压可以从，其与用电器并联部分的电压为＝：66.抽油烟机是现代厨房不可缺少的用具，下表是某品牌家用抽油烟机说明书中的主要技术参数若保险丝的熔断电流是保险丝允许通过的电流的随所加电压U变化的图象，P为纵轴的垂线，则下列说法中正确的是( ) ．随着所加电压的增大，小灯泡的电阻不变均可视为理想电表，闭合开关，内阻为0.2 Ω，滑动变阻器的最大阻值为，滑动变阻器的滑动触头移到最左端时电动机均闭合，滑动变阻器的滑动触头移到某位置时电动机大于电源内阻阻值r.闭合开关，电路稳定后，将滑动变阻器滑片向下滑动，示数变化量的绝对值分别为ΔU1、ΔU2、ΔU3，理想电流表3.6 V．滑动变阻器的滑动触头向右滑动过程，电压表V2读数逐渐减小．滑动变阻器的滑动触头向右滑动时，电动机的输出功率增大30 ΩR1：R2：R3：R4＝：：：4中某个电阻断路瞬间，发现有自上而下的电流通过电流表A，则断路的电阻可能是的带正电小球，用绝缘细线悬挂于竖直放置、合上后，小球静止时细线与竖直方向的夹角θ＝37°.已知两板间距R3＝R4＝8 Ω，取2＝接入如图乙所示的电路中时，电流表的读数为0.150 A，已知________Ω.(3)6.67表格中最大电流为0.215 A，电流表应选C.(2)在图线上取一点，将该点与原点相连，连线的斜率大小为电阻的倒数，电压越大，该连线斜率越小，则电阻越大．(3)当电路中电流为和内阻r时，找来一段电阻率较大的粗细均匀的电阻丝是阻值为2 Ω的保护电阻，滑片和对应的电压U、电流由图乙可得电源的电动势E＝________ V；内阻r＝________ Ω.根据测得的直径可以算得电阻丝的横截面积S＝0.12×10－6 m2，利用图丙可求得电阻丝的电阻率·m，图丙中图象截距的物理意义是____________________．(以上结果均保留两位有效数字在如图所示电路中，定值电阻R0从一端移向另一端时，发现电压表的电压变化范围为。
高三物理一轮复习 第七章 恒定电流测试卷
恒定电流 一、选择题(40分)1－2题只有一项符合题目要求，3－10题有多项符合题目要求．1．(2016·江苏盐城)下列关于电动势的说法正确的是( )A ．电源的电动势跟电源内非静电力做的功成正比，跟通过的电荷量成反比B ．电动势的单位跟电压的单位一致，所以电动势就是两极间的电压C ．非静电力做的功越多，电动势就越大D ．E ＝W q只是电动势的定义式而非决定式，电动势的大小是由电源内非静电力的特性决定的 解析 电动势的定义式E ＝W q只是电动势的定义式而非决定式，电动势的大小是由电源内非静电力的特性决定的，故A 项错误，D 项正确；电动势的单位跟电压的单位一致，只是数值上的体现，而电动势反映的是一种本领，不单纯表示两极间的电压，B 项错误；单位电荷非静电力做的功越多，电动势越大，故C 项错误．答案 D设置目的 考查电动势的概念 2．(2015·福建上杭一中检测)如图所示，D 是一只具有单向导电性的理想二极管，水平放置的平行板电容器AB 内部有带电微粒P 且处于静止状态．下列措施下，关于P 的运动情况的说法中不正确的是( )A ．保持S 闭合，增大A 、B 板间距离，P 仍静止B ．保持S 闭合，减小A 、B 板间距离，P 向上运动C ．断开S 后，增大A 、B 板间距离，P 向下运动D ．若B 板接地，断开S 后，A 板稍下移，P 的电势能不变解析 当保持开关S 闭合时，电容器两端的电压不变；当增大A 、B 板间距离时，电容器的电容减小，则电容器的带电荷量应减小，然而二极管的作用导致电容器的电荷量不会减小，则电容器的带电荷量会不变，由推论E ＝4πkQ E r ·S得到电场强度不变，则微粒所受电场力不变，仍处于静止状态，故A 项正确；当保持开关S 闭合时，电容器两端的电压不变；当减小A 、B 板间距离，由E ＝U d可知电场强度增大，则微粒所受电场力增大，将向上运动，故B 项正确．增大A 、B 板间距离，会导致电容器的电容减小，由于断开开关S ，则电容器的电荷量不变，由推论E ＝4πkQ E r ·S得到电场强度不变，则微粒所受电场力不变，因此P 仍处于静止状态，故C 项错误；A 板稍下移，导致电容器的电容增大，因S 断开，则电容器的电荷量不变，由推论E ＝4πkQ E r ·S得到电场强度也不变，由于B 板接地，则P 所在处到B 板的电势差不变，因此P 的电势能也不变，故D 项正确．答案 C3．(2016·云南昆明)有一横截面积为S 粗细均匀的铜导线，流经其中的电流为I ，设每单位长度中有n 个自由电子，电子的电量为e ，此时电子的定向移动速率为v ，在t 时间内，通过导体横截面的自由电子数可表示为( )A ．nvStB ．nvt C.It e D.It ne解析 在t 时间内，通过导线横截面的自由电子的电量为q ＝nvte ，自由电子数目为n ＝q e＝ nvt ，故A 项错误，B 项正确；通过导线的电流为I ，在t 时间内，通过导线横截面的自由电子的电量为q ＝It ，自由电子数目为n ＝q e ＝It e，故C 项正确，D 项错误． 答案 BC设置目的 考查电流的定义式及微观解释4.(2015·江西吉安)某同学按如图电路进行实验，电压表内阻看作无限大，电流表内阻看作零．实验中由于电路发生故障，发现两电压表示数相同了(但不为零)，若这种情况的发生是由用电器引起的，则可能的故障原因是( )A ．R 3短路B ．R P 短路C ．R 3断开D ．R 2断开解析 若R 3短路时，由于电流表内阻看作零，两电压表都被短路，示数都为零，与题不符．故A 项错误； R P 短路时，两电压表都测量R 2的电压，示数相同，而且都不为零．故B 项正确；R 3断开时，电压表V 2测量R 2的电压，电压表V 1测量R p 和R 2串联的电压，电压表V 1的示数大于电压表V 2的示数．故C 项错误；R 2断开时，由于电压表内阻看作无限大，R p 等效为V 2的内阻，两电压表都测量R 3的电压，示数相同，而且都不为零，故D 项正确．答案 BD设置目的 考查电路的故障分析5．(2015·江苏调研)如图所示，E 为电源，其内阻不可忽略，R T 为热敏电阻，其阻值随温度的升高而减小，L 为指示灯泡，C 为平行板电容器，G 为灵敏电流计．闭合开关S ，当环境温度明显升高时，下列说法正确的是( )A ．L 变亮B ．R T 两端电压变大C ．C 所带的电荷量保持不变D ．G 中电流方向由a 到b解析 环境温度明显升高时，R T 的阻值减小，电路中的电流增大，灯泡L 变亮，所以A 项正确；R T 的阻值减小，根据串联电路的分压规律，R T 两端电压减小，所以B 项错误；外电路的电阻减小，故路端电压减小，电容器两端的电压减小，则其所带的电荷量减少，所以C 项错误；电容器所带的电荷量减少，发生放电现象，故G 中电流方向由a 到b ，所以D 项正确． 答案 AD6.(2016·上海嘉定区)小灯泡通电后其电流I 随所加电压U 变化的图线如图所示，P 为图线上一点，PN 为图线在P 点的切线，PQ 为U轴的垂线，PM 为I 轴的垂线，则下列说法中正确的是( )A ．随着所加电压的增大，小灯泡的电阻增大B ．对应P 点，小灯泡的电阻为R ＝U 1I 2C ．对应P 点，小灯泡的电阻为R ＝U 1I 2－I 1D ．对应P 点，小灯泡的功率为图中矩形PQOM 所围的面积解析 由R ＝U I 可知，随着所加电压的增大，各点的U I增大，故小灯泡的电阻增大，A 项正确；对应P 点，小灯泡的电阻为该点的电压和电流的比值，即R ＝U 1I 2，故B 项正确，C 项错误；对应P 点，小灯泡的功率为图中坐标点的UI ，即对应矩形PQOM 所围的面积，D 项正确． 答案 ABD设置目的 伏安特性曲线中考查电阻的计算7.(2015·浙江嘉兴)如图所示为两电源的U －I 图像，则下列说法正确的是( )A ．电源①的电动势和内阻均比电源②大B ．当外接同样的电阻时，两电源的输出功率可能相等C ．当外接同样的电阻时，两电源的效率可能相等D ．不论外接多大的相同电阻，电源①的输出功率总比电源②的输出功率大解析 U －I 图像的纵截距为电源的电动势，斜率绝对值表示内阻的值，故E 1＞E 2，r 1＞r 2，A 项正确；当外接同样的电阻时，可作如图所示的③，两电源的输出功率为U 1I 1＞U 2I 2，故B 项错误，D 项正确；电源的效率η＝I 2R I 2（R ＋r ）×100%＝R R ＋r，内阻不同，外电阻R 相同，故效率不可能相等，C 项错误．答案 AD设置目的 伏安特性曲线中考查电动势与内阻、输出功率、电源效率8.(2015·安徽蚌埠)如图所示，R 1为定值电阻，R 2为可变电阻，E 为电源电动势，r 为电源内阻，以下说法中正确的是( )A ．当R 2＝R 1＋r 时，R 2上获得最大功率B ．当R 2＝R 1＋r 时，R 1上获得最大功率C ．当R 2＝0时，R 1上获得最大功率D ．当R 2＝0时，电源的输出功率最大解析 求R 2上获得功率，应以R 2为研究对象，故R 1作为电源的等效内阻，故R 2＝R 1＋r 时，R 2上获得最大功率，A 项正确；求R 1上获得功率，应以R 1为研究对象，R 1上获得最大功率P 1＝I 2R 1，要想使电路中的电流最大，应使R 2＝0时，R 1上获得最大功率，故B 项错误，C 项正确；这里不知R 2、R 1、r 之间的关系，从输出功率图像中分析不出电源的输出功率最大时R 2的值，故D 项错误．答案 AC设置目的 考查电源的输出功率9.(2015·四川成都)在如图所示的电路中，R 1、R 2、R 3均为可变电阻．当开关S 闭合后，两平行金属板M 、N 中有一带电油滴正好处于静止状态．为使带电油滴向上加速运动，可采取的措施是( )A ．增大R 1的阻值B ．减小R 2的阻值C ．减小R 3的阻值D ．减小M 、N 间距 解析 本题的等效电路为R 2和R 3与电源组成串联电路，电容器相当于一块理想的电压表，R 1只是无穷大内阻的一个小量，故改变R 1对整个电路的电流和电压没有变化，故A 项错误；原来带电粒子处于平衡状态，说明重力与电场力相等，即mg ＝q U d，d 为平行板间距离，减小R 2的阻值，等效于增大R 3的阻值，根据串联分压可知R 3两端电压增大，粒子合力向上，故B项正确，同理C 项错误；减小M 、N 间距d ，即电场力q U d增大，故粒子加速向上运动，D 项正确．答案 BD设置目的考查含容电路及动态分析10.(2016·黑龙江绥化)如图所示，当滑动变阻器R 2的滑片P向左滑动时，下列说法中正确的是( )A．电阻R3消耗功率变大B．电容器C上的电荷量变大C．灯L变暗D．R1两端的电压变化量的绝对值小于R2两端的电压变化量的绝对值解析R2减小，总电阻减小，干路电流增大，内压降增大，路端电压减小，即R3两端的电压减小，电阻R3消耗功率变小，A选项错误；I3减小，由于干路电流增大，所以I1的电流增大，U1增大，Q＝CU1增大，U端＝U1＋U2L，故U2L减小，灯L变暗，故B、C、D项正确．答案BCD设置目的考查电源不变、内外电压变化量之和为零、电路的动态变化分析二、实验题(60分)11．(12分)(2015·福建泉州)某研究小组收集了两个电学元件：电阻R0(约为2 kΩ)和手机中的锂电池(电动势E标称值为3.7 V，允许最大放电电流为100 mA)．实验室备有如下器材：A．电压表V(量程3 V，电阻R V约为4.0 kΩ)B．电流表A1(量程100 mA，电阻R A1约为5 Ω)C．电流表A2(量程2 mA，电阻R A2约为50 Ω)D．滑动变阻器R1(0－40 Ω，额定电流1 A)E．电阻箱R2(0－999.9 Ω)F．开关S一只、导线若干(1)为了测定电阻R0的阻值，小明设计了一电路，与其对应的实物图1，图中的电流表A应选________(选填“A1”或“A2”)，请将实物连线补充完整．(2)为测量锂电池的电动势E 和内阻r ，小红设计了如图2所示的电路图．根据测量数据作出1U －1R 2图像，如图3所示．若该图线的斜率为k ，纵轴截距为b ，则该锂电池的电动势E ＝________，内阻r ＝________(用k 、b 和R 2表示)解析 (1)由于R 0阻值约为2 k Ω，属大电阻，由I ＝E R，估得I ＝1.85 mA ，因此电流表应选A 2.实物连线如图．(2)根据题图知U ＝E －Ir ，得1U ＝1E ＋r E ·1R 2，即1E ＝b ，r E ＝k ，所以E ＝1b ，r ＝k b. 答案 (1)A 2，实物连线如解析图(2)1b k b设置目的 考查图像与函数关系、电路连接12．(12分)(2014·新课标全国Ⅱ)在伏安法测电阻的实验中，待测电阻R x 的阻值约为200 Ω，电压表V 的内阻约为2 k Ω，电流表A 的内阻约为10 Ω，测量电路中电流表的连接方式如图(a)或图(b)所示，结果由公式R x ＝U I计算得出，式中U 与I 分别为电压表和电流表的示数．若将下两图中电路测得的电阻值分别记为Rx 1和Rx 2，则________(选填“R x 1”或“R x 2”)更接近待测电阻的真实值，且测量值Rx 1________(选填“大于”“等于”或“小于”)真实值，测量值Rx 2________(选填“大于”“等于”或“小于”)真实值．解析 R V R x ＝2 000 Ω200 Ω＝10，R x R A ＝200 Ω10 Ω＝20，故R V R x <R x R A，应该采用电流表内接法，即图(a)接法．由“大内偏大，小外偏小”的结论可知电流表内接时测量值Rx 1大于真实值，外接时，测量值Rx 2小于真实值．答案 Rx 1 大于 小于13．(12分)(2014·安徽)某同学为了测量一个量程为3 V 的电压表的内阻，进行了如下实验．(1)他先用多用表进行了正确的测量，测量时指针位置如图1所示，得出电压表的内阻为3.00×103Ω，此时电压表的指针也偏转了．已知多用表欧姆挡表盘中央刻度值为“15”，表内电池电动势为1.5 V ，则电压表的示数应为________V(结果保留两位有效数字)．(2)为了更准确地测量该电压表的内阻R V ，该同学设计了图2所示的电路图，实验步骤如下：A ．断开开关S ，按图2连接好电路；B ．把滑动变阻器R 的滑片P 滑到b 端；C ．将电阻箱R 0的阻值调到零；D ．闭合开关S ；E ．移动滑动变阻器R 的滑片P 的位置，使电压表的指针指到3 V 位置；F ．保持滑动变阻器R 的滑片P 位置不变，调节电阻箱R 0的阻值使电压表指针指到1.5 V 位置，读出此时电阻箱R 0的阻值，此值即为电压表内阻R V 的测量值；G ．断开开关S.实验中可供选择的实验器材有：a ．待测电压表b ．滑动变阻器：最大阻值2 000 Ωc ．滑动变阻器：最大阻值10 Ωd ．电阻箱：最大阻值9 999.9 Ω，阻值最小改变量为0.1 Ωe ．电阻箱：最大阻值999.9 Ω，阻值最小改变量为0.1 Ωf ．电池组：电动势约6 V ，内阻可忽略g ．开关、导线若干按照这位同学设计的实验方法，回答下列问题：①要使测量更精确，除了选用电池组、导线、开关和待测电压表外，还应从提供的滑动变阻器中选用________(填“b ”或“c ”)，电阻箱中选用________(填“d ”或“e”)． ②电压表内阻R V 的测量值R 测和真实值R 真相比，R 测________R 真(填“>”或“<”)；若R V越大，则|R 测－R 真|R 真越________(填“大”或“小”)．解析 (1)欧姆表的内电阻等于中值电阻，为R ＝15×100 Ω＝1 500 Ω；电压表的内电阻为R V ＝3 000 Ω；故电压表读数为U ＝IR V ＝ER V R ＋R V ＝ 1.5×3 0001 500＋3 000V ＝1.0 V. (2)①采用电压表半偏法测量电压表内电阻，要保证电压表与电阻箱的总电压保持不变，需要使电压表电阻远大于滑动变阻器的电阻，故滑动变阻器选择小电阻，即选择c ；电阻箱最大电阻不能小于电压表电阻，电压表内电阻约为3 000欧姆，故电阻箱选择d.②实验中要保证电压表与电阻箱的总电压不变，但实际上该电压是变化的；当电阻箱电阻增加时，电压表与电阻箱的总电压略微增加；实验中认为电阻箱和电压表电阻相等，故调节电阻箱R 0的阻值使电压表指针指到1.5 V 位置，此时电阻箱的电压大于1.5 V ，故电阻箱的电阻大于电压表的电阻，即测量值偏大；当R V 越大，电压表与电阻箱的总电压变化越小，系统误差越小，故当R V 越大，则|R 测－R 真|R 真越小． 答案 (1)1.0 (2)①c d ②＞ 小14．(12分)(2014·海南)用伏安法测量一电池的内阻．已知该待测电池的电动势E 约为9 V ，内阻约数十欧，允许输出的最大电流为50 mA ，可选用的实验器材有：电压表V 1(量程5 V)；电压表V 2(量程10 V)；电流表A 1(量程50 mA)；电压表A 2(量程100 mA)；滑动变阻器R(最大电阻300 Ω)；定值电阻R 1(阻值为200 Ω，额定功率为1/8 W)；定值电阻R 2(阻值为220 Ω，额定功率为1 W)；开关S ；导线若干．测量数据如下图坐标纸上U －I 图线所示．(1)在下面虚线方框内画出合理的电路原理图，并标明所选器材的符号．(2)在设计的电路中，选择定值电阻的根据是________．(3)由U －I 图线求得待测电池的内阻为________ Ω.(4)在你设计的电路中，产生系统误差的主要原因是__________________________________ _____________________________________________. 解析 (1)应用伏安法测电源电动势与内阻，电压表测路端电压，电流表测电路电流，电路图如下图所示：(2)定值电阻R 1在电路中的最大功率P 1＝I 2R 1＝(0.05)2×200＝0.5 W ＞18W ；定值电阻R 2在电路中的最大功率P 2＝I 2R 2＝(0.05)2×220＝0.55 W ＜1 W ；为保护电路安全，则定值电阻应选择R 2.(3)由图示图像可知，电源内阻r ＝ΔU ΔI ＝7.50－7.000.034－0.024Ω＝50 Ω； (4)由实验电路图可知，相对于电源电流表采用外接法，由于电压表的分流作用，电流表所测电流小于电路电流，电压表分流是造成系统误差的原因．答案 (1)电路原理图如解析图所示(2)定值电阻在电路中消耗的功率会超过18W ，R 2的功率满足实验要求 (3)50 (4)电压表分流15．(12分)(2015·南平综测)某实验探究小组在测量某个电阻R x 的阻值时：①首先实验小组利用多用电表进行粗测，当转换开关转到“×10”档，指针指在图中位置，则待测的电阻R x 为________Ω.②为了更准确测量出R x 的阻值，实验小组又利用量程相同的两个电压表、电阻箱、电池、开关、变阻器等设计了如图所示的测量电路．实验步骤如下：A ．根据实验电路图连接好实验电路，将滑动变阻器的滑片调到最右端B ．合上开关S ，将滑动变阻器的滑片向左端滑动，使两个电压表指针都有较大角度的偏转C ．调节电阻箱R 0的阻值，使两个电压表的读数相等D ．记下电阻箱R 0的阻值，即为待测电阻R x 的阻值回答下面问题： (Ⅰ)根据实验电路图，用笔画线代替导线将实物图补充完整；(Ⅱ)若两电压表的内阻不等，且R 1>R 2，则测量结果比真实值__________(选填：“偏大”“偏小”或“不变”)；(Ⅲ)若两电压表的内阻分别为R 1、R 2(R 1≠R 2，且均没有远大于R x )，两电压表的读数均为U ；电阻箱的阻值为R 0，则R x ＝________．解析 ①根据多用电表的档位可得出对应的读数；②(Ⅰ)由原理图可得出对应的实物图；(Ⅱ)由串并联电路的规律可分析测量值的误差；(Ⅲ)由题意及串联电路的规律可求得待测电阻的阻值．①多用电表选用×10档位，则其读数为：17×10＝170 Ω；②(Ⅰ)由电路可得出对应的实物图，如图所示；(Ⅱ)由题意及步骤可知，当两电压表示数相等时，说明两电阻分压相等，则两电阻的阻值相等，若两电压表的内阻不等且R 1＞R 2；则两并联部分电阻相等时，R 0的阻值应小于R x 的阻值；故测量值比真实值偏小；(Ⅲ)两电压表示数相等，则两部分的电阻相等，故：R 1R 0R 1＋R 0＝R 2R x R 2＋R x解得：R x ＝R 0R 1R 2R 2（R 0＋R 1）－R 0R 1答案 ①170；②(Ⅰ)如图所示；(Ⅱ)偏小；(Ⅲ)R0R1R2R2（R0＋R1）－R0R1命题立意本题旨在考查伏安法测电阻。
2021届高考一轮复习物理：恒定电流含答案
2021届高考一轮物理：恒定电流含答案复习：恒定电流**一、选择题1、两根材料相同的均匀导线X和y串联在电路中，两导线沿长度方向的电势变化情况分别如图中的ab段和bc段图线所示，则导线x和y的横截面积之比为（）0 20 40 60 /AimA. 2 ：1B. 1 ：2C. 6 ：1D. 1 ：62、（双选）如图所示，电流表\（0〜3 A）和AJ0〜0.6 A）是由两个相同的电流计改装而成，现将这两个电流表并联后接入电路中。
闭合开关S,调节滑动变阻器，下列说法中正确的是（）_丘----■ [---'~@ ---A.A「4的读数之比为1：1B.A「A的读数之比为5：1C.A「4的指针偏转角度之比为1：1D.A「4的指针偏转角度之比为1：53、在显像管的电子枪中，从炽热的金属丝不断放出的电子进入电压为U的加速电场，设其初速度为零，经加速后形成横截面积为S、电流为I的电子束.已知电子的电荷量为e、质量为m,则在刚射出加速电场时，一小段长为A l的电子束内的电子个数是（）IAl ； m IA l ；' mA.-es v 2euB. \：'2euI m IS A l I mC-es \'2eu D. 丁\."2eu4、有两个标有“110 Y25 W”和“110 Y60 W”字样的灯泡，要把它们接在220V的电源上，灯泡既正常发光，又最省电的连接方式应是图中的（）A B C D5、如图所示为小灯泡的U-I图线，若将该小灯泡与一节电动势E=1.5 V,内阻r=0.75翁勺干电池组成闭合电路时，电源的总功率和小灯泡的实际电功率分别接近以下哪一组数据（）B. 0.75 W 0.5 WC.0.75 W 0.75 WD. 1.5 W 0.75 W6、（一题多法）（双选）在如图所示的电路中，电源的负极接地，其电动势为E、内电阻为r, J、R2为定值电阻，R3为滑动变阻器，C为电容器，A、V分别为理想电流表和电压表。
2022届高考物理一轮复习：恒定电流(含答案)
2022届高考物理：恒定电流一轮复习含答案一、选择题1、(多选)如图所示，电流表A 1(0～3 A)和A 2(0～0.6 A)是由两个相同的电流计改装而成，现将这两个电流表并联后接入电路中。
闭合开关S ，调节滑动变阻器，下列说法中正确的是 ( )A.A 1、A 2的读数之比为1∶1B.A 1、A 2的读数之比为5∶1C.A 1、A 2的指针偏转角度之比为1∶1D.A 1、A 2的指针偏转角度之比为1∶52、阻值相等的四个电阻、电容器C 及电池E(内阻可忽略)连接成如图所示电路．开关S 断开且电流稳定时，C 所带的电荷量为Q 1；闭合开关S ，电流再次稳定后，C 所带的电荷量为Q 2.Q 1与Q 2的比值为( )A.25 B ．12 C.35 D ．233、(多选)如图所示，电源电动势E ＝3 V ，小灯泡L 的规格为“2 V 0.4 W ”，开关S 接1，当滑动变阻器调到R ＝4 Ω时，小灯泡L 正常发光，现将开关S 接2，小灯泡L 和电动机M 均正常工作。
则( )A ．电源内阻为1 ΩB ．电动机的内阻为4 ΩC ．电动机正常工作电压为1 VD ．电源效率约为93.3%4、（双选）电源、开关S 、定值电阻R 1、R 2、光敏电阻R 3和电容器连接成如图所示电路，电容器的两平行板水平放置．当开关S 闭合，并且无光照射光敏电阻R3时，一带电液滴恰好静止在电容器两板间的M点，当用强光照射光敏电阻R3时，光敏电阻的阻值变小，则()A．液滴向下运动B．液滴向上运动C．电容器所带电荷量减少D．电容器两极板间电压变大5、将一电源与一电阻箱连接成闭合回路，测得电阻箱所消耗功率P与电阻箱读数R变化的曲线如图所示，由此可知()A．电源最大输出功率可能大于45 WB．电源内阻一定等于5 ΩC．电源电动势为45 VD．电阻箱所消耗功率P最大时，电源效率大于50%6、如图所示为某家庭使用的智能电饭锅的铭牌。
假定该家庭用此电饭锅每天煮饭两次，每次在额定功率下工作30分钟，电价1 kW·h为0.54元。
创新方案新课标物理一轮复习过关检测第七章恒定电流含答案
最新高三一轮复习单元过关检测卷—物理恒定电流考试时间：100分钟；满分：100分班级姓名.第I卷（选择题）评卷人得分一、单选题（本题共5小题，每题4分, 共20分）1. “好变频1度到天明”——此广告语意为1度电（1kW·h）可使变频空调工作一整夜（以10h 计）.同样旳1度电可供铭牌如图所示旳电扇工作约( )A．1整夜 B．2整夜C．3整夜D．4整夜2.（单选）在如图所示旳电路中，当滑动变阻器旳滑动片向下移动时，有关电灯L旳亮度及电容器C所带电量Q旳变化，下列判断对旳旳是（）A． L变亮，Q增大B． L变亮，Q减小C． L变暗，Q增大D． L变暗，Q减小3.（单选）随着中国电信业旳发展，国产手机在手机市场上已经占有了相称大旳市场份额．如图所示是中国科健股份有限公司生产旳一块手机电池外壳上旳文字阐明，由此可知此电池旳电动势和待机状态下工作电流分别是C（）A． 4.2V 14.58mA B． 4.2V 700mA C． 3.7V 700mA D． 3.7V 14.58mA4.如图所示，两个定值电阻R1、R2串联后接在电压U稳定于12V旳直流电源上，有人把一种内阻不是远不小于R1、R2旳电压表接在R1两端，电压表旳示数为8V．如果她把电压表改接在R2两端，则电压表旳示数将（）A．不不小于4V B．等于4V C．不小于4V不不小于8V D．等于或不小于8V5.（单选）如图所示，两个小灯泡L1和L2串联接在PQ两点间，L1和L2旳铭牌上分别标有“3V，1.5Ω”、“6V、12Ω”，则PQ间容许加旳最大电压为（）A．9V B．6.75V C．5.25V D．4.5V评卷人得分二、多选题（本题共5道小题，每题6分，共30分，所有选对得6分，选对但不全得3分，有选错得得0分）6.（多选）有关电阻率，下列说法中对旳旳是（）A．有些材料旳电阻率随温度旳升高而减小B．电阻率大旳导体，电阻一定大C．用来制作原则电阻旳材料旳电阻率几乎不随温度旳变化而变化D．电阻率与导体旳长度和横截面积无关7.（多选）一种微型吸尘器旳直流电动机旳额定电压为U ，额定电流为I ，线圈电阻为R ，将它接在电动势为E ，内阻为r 旳直流电源旳两极间，电动机正好能正常工作，则( )A ．电动机消耗旳总功率为UIB ．电动机消耗旳热功率为U2RC ．电源旳输出功率为EID ．电源旳效率为1－Ir E8.（多选）如图7所示，电源旳电动势和内阻分别为E 、r ，R0＝r ，滑动变阻器旳滑片P 由a 向b 缓慢移动，则在此过程中( )A ．电压表V1旳示数始终增大B ．电压表V2旳示数先增大后减小C ．电源旳总功率先减小后增大D ．电源旳输出功率先减小后增大9.（多选）如图6所示，直线A 、B 分别为电源a 、b 旳路端电压与电流旳关系图线，设两个电源旳内阻分别为ra 和rb ，若将一定值电阻R0分别接到a 、b 两电源上，通过R0旳电流分别为Ia 和Ib ，则( )A ．ra>rbB ．Ia>IbC ．R0接到a 电源上，电源旳输出功率较大，但电源旳效率较低D ．R0接到b 电源上，电源旳输出功率较小，电源旳效率较低10.（多选）如图，电路中定值电阻阻值R 不小于电源内阻阻值r ．闭合电键后，将滑动变阻器滑片向下滑动，抱负电压表V1、V2、V3示数变化量旳绝对值分别为△U1、△U2、△U3，抱负电流表达数变化量旳绝对值为△I ，则（ ）A ．△U2=△U1+△U3B ．r R I U +=∆∆3C ．电源输出功率先增大后减小D ．I U ∆∆1和I U ∆∆2保持不变第II 卷（非选择题）评卷人得分三、实验题（本题共2道小题,共20分） 11.(8分)某照明电路浮现故障，其电路如图]所示，该电路用标称值为12 V 旳蓄电池作为电源，导线与接线柱接触良好．维修人员使用已凋好旳多用电表直流50 V 挡检测故障，她将黑表笔接在c 点，用红表笔分别探测电路旳a 、b 点．（1）断开开关，红表笔接a 点时多用电表批示如图2所示，读数为____ V ，阐明 （选填“蓄电池”、“保险丝”、“开关”或“小灯”）正常．（2）红表笔接b 点，断开开关时，表针不偏转，闭合开关后，多用电表批示仍然和图2相似，可鉴定发牛故障旳器件是 （选填“蓄电池”、“保险丝”、“开关”或“小灯”）．12. (6分)某实验小组想描绘标有“12V，6W”旳小灯泡旳伏安特性曲线，实验室中只提供了下列器材：A．安培表A1量程（0﹣0.5A；r1=0.5Ω）；B．安培表A2量程（0﹣0.6A；r1≈0.3Ω）；C．电阻箱R（0﹣999.9Ω）；D．滑动变阻器R1（0﹣10Ω；5A）E．电源电动势15V；内阻不计；电键一种，导线若干．为了减小描绘小灯泡在0﹣12V电压下旳伏安特性曲线旳误差，规定电表旳读数既要不超过表盘旳最大刻度，又规定读数最大值达到满刻度旳一半以上，请你完毕如下项目：（1）设计一种满足规定旳实验电路图，画在如图虚线框内．（2）若安培表A1旳读数为I1，其内阻为r1，安培表A2旳读数为I2，电阻箱旳阻值为R，写出灯泡两端电压U旳体现式．13.(10分)伏安法可以测纯电阻，也可以测非纯电阻电学元件旳输入电压和电流，从而求出其输入功率．用如图1所示旳电路可以测定一种额定电压为6V、额定功率为3W旳直流电动机旳电功率．（1）图1旳实物连接图就是测直流电动机旳输入功率旳实物连接图，请根据实物连接图在图2旳虚线框内画出实验电路图；（直流电动机旳符号用表达）（2）实验中保持电动机两端电压U恒为6V，重物每次上升时选用匀速上升阶段，测量其上升旳高度h和时间t，h每次均为1.5m，所测物理量及测量成果部分数值（空缺表格部分旳数据隐去）如表所示．实验次数 1 2 3 4 5 6 电动机旳电流（I/A）0.4 0.6 2.5 2.5 所提重物旳重力（Mg/N）0.8 2.0 4.0 6.0 6.5 7.0重物上升时间（t/s） 1.4 2.6 电机不转电机不转从实验数据中，可以根据某些数据计算出电动机线圈旳内阻，其阻值为Ω．（3）电动机效率η等于输出旳机械功率与输入旳电功率旳比值，请推导出电动机效率η旳体现式为η=（用题目中旳符号表达）；目前用前4次实验数据（涉及空缺表格部分隐去旳数据）做出Mg/I﹣t旳图象，如图3所示，请由图象给出旳数据求出电动机旳平均效率%．（成果保存三位有效数字）难度:一般14.（12分）（1）某同窗为研究某电学元件（最大电压不超过2.5V，最大电流不超过0.55A）旳伏安特性曲线，在实验室找到了下列实验器材：A．电压表（量程是3V，内阻是6kΩ旳伏特表）B．电流表（量程是0.6A，内阻是0.5Ω旳安培表）C．滑动变阻器（阻值范畴0～5Ω，额定电流为0.6A）D．直流电源（电动势E=3V，内阻不计）E．开关、导线若干．该同窗设计电路并进行实验，通过实验得到如下数据（I和U分别表达电学测量仪器上旳电流和电压）．I/A 0 0.12 0.21 0.29 0.34 0.38 0.42 0.45 0.47 0.49 0.50U/V 0 0.20 0.40 0.60 0.80 1.00 1.20 1.40 1.60 1.80 2.00①请在图1旳方框中画出实验电路图，电学元件用R x表达；②在图（a）中描出该电学元件旳伏安特性曲线；（2）某同窗运用电压表和电阻箱测定一种特殊电池旳电动势，该同窗运用如图2所示旳电路进行实验，图中R0为已知阻值旳定值电阻．①用该电路测电动势与内阻，测量值和真实值旳关系：E真E测，r真r测（填“＞”、“＜”或“=”）②变化电阻箱阻值，获得多组数据．为了便于用图象法求解电动势与内阻，需要建立合适旳坐标系，纵坐标表达，横坐标表达．难度:一般评卷人得分四、计算题（本题共2道小题,共14分）15.（6分）如图所示旳电路中，电源由4个相似旳干电池串联而成，每个电池旳电动势为1.5V，每个电池内电阻为0.5Ω，外电路电阻R1=2Ω，R2=R3=4Ω.试求：（1）当开关S与A接通时，电路中旳总电流和R2消耗旳功率；（2）当开关S与B接通时，电源旳路端电压.16. （8分）在如图所示旳电路中，电源旳电动势E=28 V，内阻r=2Ω，电阻Rl =12Ω，R2=R4=4Ω，R3 =8Ω，C为平行板电容器，其电容C=3．0pF，虚线到两极板旳距离相等，极板长L=0．20 m，两极板旳间距d=1.0×l0-2m，g取10 m／s2.(1)若最初开关S处在断开状态，则将其闭合后，流过R4旳电荷量为多少?(2)若开关S断开时，有一种带电微粒沿虚线方向以v0 = 2．0 m／s旳初速度射入平行板电容器旳两极板间，带电微粒刚好沿虚线匀速运动，则：当开关S闭合后，此带电微粒以相似旳初速度沿虚线方向射入两极板间后，能否从极板间射出?(规定写出计算和分析过程)试卷答案1.D2.D3.D4.A5.B6.ACD7.AD8.CD9.ABC 10.BD11. 【解析】（1）量程为50V ，故最小刻度为1V ，故读数为11.5V ；电压表测量是路端电压，接进电源旳电动势，阐明蓄电池正常；（2）闭合开关后，多用表批示读数等于路端电压，阐明小灯泡断路；【答案】（1）11.5；蓄电池；（2）小灯12. 【解析】（1）如图；（2）U=（I 2﹣I 1）R ﹣I 1r解答： 解：（1）由题意可知，本实验测应采用滑动变阻器旳分压接法；题目没有给出电压表，故只能采用电流表，而电表旳读数既要不超过表盘旳最大刻度，又规定读数最大值达到满刻度旳一半以上；且题目中没有给出定值电阻，故只能采用电流表串接旳方式，故将灯泡与A1串联后再由R 并联，然后与A2串联；如图所示；（2）灯泡两端旳电压等于并联部分旳电压减去电流表两端旳电压；由欧姆定律可知：U=（I 2﹣I 1）R ﹣I 1r ；【答案】（1）如图；（2）U=（I 2﹣I 1）R ﹣I 1r ；13. 【解析】（1）如图；（2）2.4；（3）tUI Mgh ，74.0 （1）对照实物图，从而得出原理图；（2）电动机旳输出功率是机械功率，由图知，重物静止，电动机没有功率输出，此时电动机电路中纯电阻电路，根据欧姆定律求解线圈旳内阻（3）电动机效率η等于有用功与总功旳比值，有用功为克服物体重力做旳功，电动机旳电功是总功．解答： 解：（1）由实物图可知该电路采用了分压接法，原理图如图；（2）在第5次实验中，由图看出，重物处在静止状态，则电动机旳输出功率为0． 根据欧姆定律得：电动机线圈旳电阻为：R=I U = 2.56Ω=2.4Ω （3）电动机消耗旳电能为：W=UIt ；输出旳机械能为：Mgh ；电动机效率η旳体现式为 η=UItMgh ×100%，前4次实验中电动机工作效率旳平均值为： η=（444333222111t UI gh m t UI gh m t UI gh m t UI gh m +++） 代入解得：η =74.0%【答案】（1）如图；（2）2.4；（3）tUI Mgh ，74.0 14. 【解析】（1）①电压与电流从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法；待测元件电阻阻值约为R=≈4.5Ω，=≈1333，==9，＞，应采用电流表外接法，实验电路图如图1所示．②根据表中实验数据，应用描点法作图，图象如图2所示．（2）①如果考虑电压表旳内阻，根据实验旳原理E=U+（+）r ，得： =（1+）+•，纵轴表达，横轴表达，考虑电压表旳内阻，此时图线旳纵轴截距表达（1+）， 因此E 真不小于E 测，r 真不小于r 测．【答案】（1）①如图1所示． ②如图2所示．（2）①＞；＞；②；．15.16.【解析】(1)s 断开时，电阻R3两端旳电压U3=r R R ER ++323=16 V (1分) S 闭合后，外电路旳总电阻R=321321)(R R R R R R +++=6Ω (1分). 路端电压U=r R RE+=21 V (1分)电阻R3两端旳电压U3/=323R R R +U=14 V (1分)闭合开关后流过R 旳电荷量△Q=CU3—CU3/= 6．O ×10-12C (2分)(2)设带电微粒旳质量为m 、带电荷量为q ，当开关S 断开时有：q d U 3=mg (1分)当开关S 闭合后，设带电微粒旳加速度为a ，则有：mg －q d U /3=ma (1分) 假设带电微粒能从极板间射出，则水平方向有：t=-L /v0 (1分)竖直方向有：y=21at2 (1分)由以上各式得y=6．25×10-3 m > d/2 (1分) 故带电微粒不能从极板间射出. (1分)。
2023届高考物理一轮复习：恒定电流练习 Word版含解析
2023届高考人教物理：恒定电流一轮练习附答案高考：恒定电流（一轮）一、选择题。
1、下列关于电源的说法中正确的是()A．电源的作用是在电源内部把电子由负极搬运到正极，保持两极之间有电压B．电源把正、负电荷分开的过程是把其他形式的能转化为电势能的过程C．电荷的移动形成电流D．只要电路中有电源，电路中就会形成持续的电流2、下列关于电动势的说法中正确的是()A．电动势就是电势差，也叫电压，单位是VB．电动势大的电源做功一定多C．电动势大的电源做功一定快D．电动势的大小等于电路中通过单位电荷时电源所提供的电能3、如图所示是某晶体二极管的伏安特性曲线，下列说法正确的是()A．加正向电压时，二极管电阻较小，且随着电压的增大而增大B．加反向电压时，二极管电阻较大，无论加多大电压，电流都很小C．无论是加正向电压还是加反向电压，电压和电流都不成正比，所以二极管是非线性元件D．二极管加正向电压时，电流随电压变化是一条直线4、如图所示为甲、乙两灯泡的I-U图象，根据图象，计算甲、乙两灯泡并联在电压为220 V的电路中时实际发光的功率分别约为()A．15 W、30 W B．30 W、40 WC．40 W、60 W D．60 W、100 W5、如图所示，a、b、c为同一种材料做成的电阻，b与a的长度相等，b的横截面积是a的两倍；c与a的横截面积相等，c的长度是a的两倍。
当开关闭合后，三个理想电压表的示数关系是()A．V1的示数是V3的2倍B．V1的示数是V2的2倍C．V2的示数是V1的2倍D．V2的示数是V3的2倍6、如图所示，当滑动变阻器的滑片P向右移动时，三个灯泡亮度的变化情况是()A．L1变亮，L2和L3均变暗B．L1变亮，L2不能确定，L3变暗C．L1变暗，L2和L3均变亮D．L1变亮，L2变亮，L3变暗7、(双选)在如图所示的电路中，闭合开关S时，灯不亮，已经确定是灯泡断路或短路引起的，在不能拆开电路的情况下(开关可闭合，可断开)，现用一个多用电表的直流电压挡、直流电流挡和欧姆挡分别对故障电路作了如下检查并作出判断(如下表所示)：次序操作步骤现象和结论1 闭合开关，选直流电压挡，红、黑表笔分别接a、b指针偏转，灯断路；指针不偏转，灯短路2 闭合开关，选欧姆挡，红、黑表笔分别接a、b指针不动，灯断路；指针偏转，灯短路3 断开开关，选欧姆挡，红、黑表笔分别接a、b指针不动，灯断路；指针偏转最大，灯短路以上操作和判断正确的是()A．1 B．2C．3 D．都不正确8、(双选)关于电源与电路，下列说法正确的是()A．外电路中电流由电源正极流向负极，内电路中电流也由电源正极流向负极B．外电路中电流由电源正极流向负极，内电路中电流由电源负极流向正极C．外电路中电场力对电荷做正功，内电路中电场力对电荷也做正功D．外电路中电场力对电荷做正功，内电路中非静电力对电荷做正功9、(多选)小灯泡通电后其电流I随所加电压U变化的图线如图所示，P为图线上一点，PN为图线的切线，PQ为U轴的垂线，PM为I轴的垂线，则下列说法中正确的是()A．随着所加电压的增大，小灯泡的电阻增大B．对应P点，小灯泡的电阻为R＝U1 I2C．对应P点，小灯泡的电阻为R＝U1 I2－I1D．对应P点，小灯泡的功率为图中矩形PQOM所围的面积10、如图所示为一个小型电热水器。
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最新高三一轮复习单元过关检测卷—物理恒定电流考试时间：100分钟；满分：100分班级姓名.第I卷（选择题）评卷人得分一、单项选择题（本题共7小题，每小题4分, 共28分）1. 一台电动机的线圈电阻与一只电炉的电阻相同，都通过相同的电流，在相同时间内，下列说法错误的是()A．电炉放热与电动机放热相等B．电炉两端电压小于电动机两端电压C．电炉两端电压等于电动机两端电压D．电动机消耗的功率大于电炉的功率2. 如图(甲)所示，电压表V1、V2串联接入电路中时，示数分别为6 V和4 V，当只有电压表V2接入电路中时，如图(乙)所示，示数为9 V，电源的电动势为（）A．9.8 V B．10 V C．10.8 V D．11.2 V3. A和B为竖直放置的平行金属板，在两极板间用绝缘线悬挂一带电小球。
开始时开关S闭合且滑动变阻器的滑动头P在a处，此时绝缘线向右偏离竖直方向。
（电源的内阻不能忽略）下列判断正确的是（）A．小球带负电B．当滑动头从a向b滑动时，细线的偏角θ变大C．当滑动头从a向b滑动时，电流表中有电流，方向从上向下D．当滑动头停在b处时，电源的输出功率一定大于滑动头在a处时电源的输出功率4. 如右图所示，曲线C1、C2分别是纯电阻直流电路中，内、外电路消耗的电功率随电流变化的图线.由该图可知下列说法中错误的是（ C ）A．电源的电动势为4VB．电源的内电阻为1ΩC．电源输出功率最大值为8WD．电源被短路时，电源消耗的最大功率可达16W5. 如图所示，四个相同的表头分别改装成两个安培表和两个伏特表。
安培表A1的量程大于A2的量程，伏特表V1的量程大V2的量程，把它们按图接入电路，则（）①安培表A1的读数大于安培表A2的读数；②安培表A1的偏转角小于安培表A2的偏转角；③伏特表V1的读数小于伏特表V2的读数；④伏特表V1的偏转角等于伏特表V2的偏转角；A、①②；B、②③；C、③④；D、①④6. 如图所示，A和B为竖直放置的平行金属板，在两极板间用绝缘线悬挂一带电小球。
开始时开关S闭合且滑动变阻器的滑动头P在a处，此时绝缘线向右偏离竖直方向。
（电源的内阻不能忽略）下列判断正确的是A．小球带负电B．当滑动头从a向b滑动时,细线的偏角θ变大C．当滑动头从a向b滑动时,电流表中有电流,方向从上向下D．当滑动头从a向b滑动时,电源的总功率一定变小.7. 如图所示，A和B为竖直放置的平行金属板，在两极板间用绝缘线悬挂一带电小球。
开始时开关S闭合且滑动变阻器的滑动头P在a处，此时绝缘线向右偏离竖直方向。
（电源的内阻不能忽略）下列判断正确的是A．小球带负电B．当滑动头从a向b滑动时,细线的偏角θ变大C．当滑动头从a向b滑动时,电流表中有电流,方向从上向下D．当滑动头从a向b滑动时,电源的总功率一定变小.评卷人得分二、多项选择题（本题共5道小题，每小题6分，共30分，全部选对得6分，选对但不全得3分，有选错得得0分）8. 汽车电动机启动时车灯会瞬时变暗，如图，在打开车灯的情况下，电动机未启动时电流表读数为10A，电动机启动时电流表读数为58A，若电源电动势为12.5V，内阻为0.05Ω，电动机内阻为0.02Ω，电流表内阻不计，则电动机启动时（AD ）A．车灯的电压为9.6VB．通过电动机的电流为48AC．电动机的电功率为50 WD．电动机输出的机械功为430 W9. 在如图所示电路中，闭合电键S，当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时，四个理想电表的示数都发生变化，电表A、V1、V2、V3，的示数分别用I，U1、U2、U3和表示，电表AV1、V2、V3示数变化量的大小分别用∆I、∆U1、∆U2和∆U3表示。
下列说法正确的是A．1UI比值不变，1UI∆∆比值不变B．2UI比值变大,2UI∆∆比值变大C.2UI比值变大，2UI∆∆比值不变D．3UI比值变大，3UI∆∆比值不变10. 如图所示的电路中，各电表为理想电表，电源内阻不能忽略，当滑动变阻器R2的滑动头从某位置向左移动一小段距离的过程中，设V1 、V2、A的读数分别是U1、U2、I；V1 、V2、A读数的变化量分别为ΔU1、ΔU2、ΔI，则下列说法正确的是（A）U2与I的比值减小，U2与I的乘积也一定减小（B）U1与I的比值不变，U1与I的乘积一定增大（C）ΔU2与ΔI的比值等于ΔU1与ΔI的比值（D）ΔU 1与ΔI的比值等于任何时刻U1与I的比值11. 如图所示的两种电路中，电源相同，各电阻阻值相等，各电流表的内阻相等且不可忽略不计．电流表A1、A2、A3、A4读出的电流值分别为I1、I2、I3、I4，下列关系式中正确的是A. I1=I2B. I1<I4C. I2=2I1D. I2<I3+I412. 如图所示的电路中，定值电阻R1、R2、R3、R4的阻值均为R0，理想电压表读数U ，变化量的绝对值ΔU ，理想电流表读数I ，变化量的绝对值ΔI ，在滑动变阻器的滑动端自右向左滑动的过程中，下列判断正确的是A ．U 增大，I 减小B ．I U增大C ．I U∆∆增大D ．I U ∆∆<R0第II卷（非选择题）评卷人得分三、实验题（本题共2道小题,共20分）13.（10分）如图是测量阻值约几十欧的未知电阻R x的原理图,图中R0是保护电阻(10Ω),R1是电阻箱(0～99.9Ω),R是滑动变阻器,A1和A2是电流表,E是电源(电动势10V,内阻很小)。
在保证安全和满足要求的情况下,使测量范围尽可能大。
实验具体步骤如下:(ⅰ)连接好电路,将滑动变阻器R调到最大;(ⅱ)闭合S,从最大值开始调节电阻箱R1,先调R1为适当值,再调节滑动变阻器R,使A1示数I1=0.15A,记下此时电阻箱的阻值R1和A2的示数I2;(ⅲ)重复步骤(ⅱ),再测量6组R1和I2值;(ⅳ)将实验测得的7组数据在坐标纸上描点。
根据实验回答以下问题:①现有四只供选用的电流表:A.电流表(0～3mA,内阻为2.0Ω)B.电流表(0～3mA,内阻未知)C.电流表(0～0.3A,内阻为5.0Ω)D.电流表(0～0.3A,内阻未知)A1应选用,A2应选用。
②测得一组R1和I2值后,调整电阻箱R1,使其阻值变小,要使A1示数I1=0.15A,应让滑动变阻器R接入电路的阻值(选填“不变”“变大”或“变小”)。
③在坐标纸上画出R1与I2的关系图。
④根据以上实验得出R x= Ω。
14.（10分）实验室购买了一捆标称长度为100m的铜导线,某同学想通过实验测定其实际长度。
该同学首先测得导线横截面积为1.0mm2,查得铜的电阻率为1.7×10-8Ω·m,再利用图甲所示电路测出铜导线的电阻R x,从而确定导线的实际长度。
可供使用的器材有:电流表:量程0.6A,内阻约0.2Ω;电压表:量程3V,内阻约9kΩ;滑动变阻器R1:最大阻值5Ω;滑动变阻器R2:最大阻值20Ω;定值电阻:R0=3Ω电源:电动势6V,内阻可不计;开关、导线若干。
回答下列问题:(1)实验中滑动变阻器应选(选填“R1”或“R2”),闭合开关S前应将滑片移至(选填“a”或“b”)端。
(2)在实物图丙中,已正确连接了部分导线,请根据图甲电路完成剩余部分的连接。
(3)调节滑动变阻器,当电流表的读数为0.50A时,电压表示数如图乙所示,读数为V。
(4)导线实际长度为m(保留2位有效数字)。
评卷人得分四、计算题（本题共2道小题, ,共0分）15.(10分)如图所示，R为电阻箱，电压表为理想电压表．当电阻箱读数为R1=2Ω时，电压表读数为U1=4V；当电阻箱读数为R2=5Ω时，电压表读数为U2=5V．求：（1）电源的电动势E和内阻r（2）当电阻箱R读数为多少时，电源的输出功率最大?最大值Pm为多少?16.(12分)如下图所示，A为电解槽，M为电动机，N为电炉子，恒定电压U＝12 V，电解槽内阻rA＝2 Ω，当K1闭合，K2、K3断开时，A示数6 A；当K2闭合，K1、K3断开时，A示数5 A，且电动机输出功率为35 W；当K3闭合，K1、K2断开时，A示数为4 A．求：(1)电炉子的电阻及发热功率各多大？(2)电动机的内阻是多少？(3)在电解槽工作时，电能转化为化学能的功率为多少？试卷答案1.C2.C3.C4.C5.D6.C7.C8.AD9.ACD 10.BD 11.BD 12.ABD13. 【解析】①假设R x 约为20Ω,则流过A 2的电流约为A A 5.02010=,则电流表的量程应选0～0.3A,若已知A 2的内阻,R 1与I 2可组成一次函数图像,便于求出R x 。
②R 1阻值变小,并联部分电阻变小,不计电源内阻,若保持I 1不变,应使R 接入电路的阻值变大。
③如图所示④由题意知)()(110122A A x R R R I R R I ++=+,即101221)(A A x R R I I R R R --+=,由图像的斜率可求得x A21(R R )I +=240,代入数据解得R x =31Ω。
【答案】①D C ②变大 ③见解析图 ④31 14. 【解析】(1)被测电阻的阻值约为861001.710 1.71.010x l R s ρ--==⨯⨯Ω=Ω⨯,而电路中最大电流为I m =0.6A,所以电路中总电阻的最小值为6100.6m E R I ==Ω=Ω,则滑动变阻器的阻值最小为R 动=R-R x -R 0=5.3Ω,故滑动变阻器应选择R 2;在电路中滑动变阻器为限流接法,闭合开关之前,其阻值应置于最大值处,即a 处。
(2)电路连接如图所示(3)电压表的读数为2.30V 。
(4)被测电阻的测量值为0x U R R I =-,x l R s ρ=,代入数据,解得导线的实际长度为l =94m 。
【答案】(1)R 2 a (2)见解析 (3)2.30 (4)9415.【解析】（1）根据闭合电路欧姆定律有u u E Ir E r R =-=-，带入数据即： 442v v E r =-Ω 555v v E r =-Ω联立上面两个方程可解得1r =Ω，6E v =（2）外电路的电功率22222()2E R E p I R r r R R r R ===+++， 根据22r R r R +≥可判断当1R r ==Ω时，外电路功率最大，最大功率229224m E E p w r r r ===+16. 【解析】(1)电炉子为纯电阻，由欧姆定律I ＝UR ，得R ＝1U I ＝126Ω＝2 Ω其发热功率为PR ＝UI1＝12×6 W ＝72 W(2)电动机为非纯电阻，由能量守恒定律得UI2＝I 22rM ＋P 输出所以： rM ＝＝Ω＝1 Ω(3)电解槽工作时，由能量守恒定律得：P化＝UI3－I 23rA 所以P 化＝(12×4－42×2) W ＝16 W。