湖北省宜昌市协作体2017_2018学年高一数学下学期期末考试试题

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湖北省宜昌市第一中学2017_2018学年高一数学下学期期末考试试题理(含解析)

湖北省宜昌市第一中学2017_2018学年高一数学下学期期末考试试题理(含解析)

宜昌市第一中学 2018 年春季学期高一年级期末考试数学试题(理科)一、选择题:(本题共 12 小题,每小题 5 分,共 60 分。

在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的)1. 的值是()A. B. C. D.【答案】D【解析】试题分析:因为,根据任意角的定义可知,由三角函数的诱导公式可知,故本题的正确选项为D.考点:任意角的三角函数.2. 不等式的解集为( )A. B. C. D.【答案】B【解析】试题分析:由题意得,即,所以不等式的解集为,故选A.考点:分式不等式的解集.3. 下列命题正确的是( )A. 若两条直线和同一个平面所成的角相等,则这两条直线平行B. 若一个平面内有三个点到另一个平面的距离相等,则这两个平面平行C. 若一条直线平行于两个相交平面,则这条直线与这两个平面的交线平行D. 若两个平面都垂直于第三个平面,则这两个平面平行【答案】C【解析】试题分析:A中两直线平行,相交或异面;B中两平面可能平行可能相交;C中命题正确;D中两个平面可能相交可能平行考点:空间线面位置关系视频4. 在中,若,则是()A. 锐角三角形;B. 直角三角形;C. 钝角三角形;D. 直角三角形或钝角三角形【答案】B【解析】分析:由利用两角和的正弦公式,得到,可得,从而可得结果.详解:中,若,则,,,故三角形是直角三角形,故选B.点睛:判断三角形状的常见方法是:(1)通过正弦定理和余弦定理,化边为角,利用三角变换得出三角形内角之间的关系进行判断;(2)利用正弦定理、余弦定理,化角为边,通过代数恒等变换,求出边与边之间的关系进行判断;(3)根据余弦定理确定一个内角为钝角进而知其为钝角三角形.5. 已知是等差数列,,则该数列前10项和等于()A. 64B. 100C. 110D. 120【答案】B【解析】解:设公差为d,则由已知得 2a1+d="4" 2a1+13d=28 ⇒ a1="1" d=2 ⇒S10=10×1+10×9 =100,故选B.6. 已知非零向量,且则一定共线的三点是( )A. A、B、DB. A、B、CC. B、C、DD. A、C、D【答案】A【解析】分析:由向量加法的“三角形”法则,可得,从而可得结果.详解:由向量的加法法则可得,所以,与共线,又两线段过同点,故三点一定共线,故选A.点睛:本题考查平面向量基本定理的应用,向量的加法法则,考查利用向量的共线来证明三点共线,意在考查灵活运用所学知识解决问题的能力.7. 在正项等比数列中,,则的值是( )A. 10000B. 1000C. 100D. 10 【答案】C【解析】试题分析:因为,同底对数相加得,用等比数列的性质得,,所以,所以.考点:1.对数的运算;2.等比数列的性质.8. 若是的一个内角,且 则的值为( )A.B.C.D.【答案】D【解析】试题分析:是的一个内角,,又,所以有,故本题的正确选项为D.考点:三角函数诱导公式的运用.9. 同时具有以下性质:“①最小正周期实 ;②图象关于直线③在上是增函数”的一个函数是( )A. B.C.D.【答案】C考点:三角函数的周期,单调性,对称性.10. 若,,则与的夹角为()A.B.C.D.【答案】B【解析】试题分析:设与的夹角为,由可知,即,求得,故本题的正确选项为B.考点:向量的运算即向量的夹角.【方法点睛】本题主要考察向量的运算及夹角.首先要清楚向量垂直的性质即两向量数量积为零,而向量的数量积即可以表示为对应组标的乘积,也可以表示为两向量模长与夹角余弦三者的乘积,因此可通过求家教的余弦的方法来求得向量的夹角,即利用来求得夹角的余弦,进而求得夹角.其次要注意同一向量的数量积等于模长的平方.11. 某几何体的三视图如图所示,则此几何体的体积为()A. B. 1 C. D.【答案】C【解析】该几何体为三棱锥,其直观图如图所示,体积.故选.12. 将函数的图象向左平移个单位长度,再向上平移1个单位长度,得到的图象,若,且,则的最大值为( )A.B.C.D.【答案】A【解析】分析:利用三角函数的图象变换,可得,由可得,取,取即可得结果.详解:的图象向左平移个单位长度,再向上平移1个单位长度,得到,,且,,,因为,所以时,取为最小值;时,取为最大值最大值为,故选A.点睛:本题主要考查三角函数图象的变换以及三角函数的性质,属于中档题. 能否正确处理先周期变换后相位变换这种情况下图象的平移问题,反映学生对所学知识理解的深度. 二、填空题:(本题共 4 小题,每小题 5 分,共 20 分)13. 定义“等和数列”:在一个数列中,如果每一项与它的后一项的和为同一个常数,那么这个数列叫做等和数列,这个常数叫做该数列的公和,已知数列是等和数列,且,公和为 5那么______;【答案】3【解析】由题意得,所以14. 已知实数满足不等式组则关于的方程两根之和的最大值是______;【答案】7【解析】分析:作出不等式组表示的平面区域,列出目标函数,根据得,利用直线在轴上的截距求出最大.详解:作出不等式组,表示的平面区域如图所示:则关于的方程为的两根之和,由,可得,则表示直线在轴上的截距,截距越大,越大,作出直线,向可行域方向平移直线,结合图形可知,当直线经过时,最大,由,可得,此时,故答案为.点睛:本题主要考查线性规划中利用可行域求目标函数的最值,属简单题.求目标函数最值的一般步骤是“一画、二移、三求”:(1)作出可行域(一定要注意是实线还是虚线);(2)找到目标函数对应的最优解对应点(在可行域内平移变形后的目标函数,最先通过或最后通过的定点就是最优解);(3)将最优解坐标代入目标函数求出最值.15. 如右图,在空间四边形中,,分别是的中点,则异面直线 与 所成角的大小为______;【答案】【解析】取BD的中点M,连接EM,FM,由于AD//EM,FM//BC,所以就是异面直线AD与BC所成的角或其补角.,所以,所以异面直线AD与BC所成的角为16. 两千多年前,古希腊毕达哥拉斯学派的数学家曾经在沙滩上研究数学问题,他们在沙滩上画点或用小石子来表示数,按照点或小石子能排列的形状对数进行分类,图中的实心点的个数 1、5、12、22、…,被称为五角形数,其中第 1 个五角形数记作,第 2 个五角形数记作,第 3 个五角形数记作,第 4 个五角形数记作,…,若按此规律继续下去,若,则______.【答案】10【解析】试题分析:由于,类比得所以,由,得或(舍).考点:累加法求通项公式.三、解答题:(共 70 分。

2017-2018学年高一数学下学期期末考试试题文(含解析)(1)

2017-2018学年高一数学下学期期末考试试题文(含解析)(1)

宜昌市第一中学 2018 年春季学期高一年级期末考试数学试题(文科)一、选择题:(本题共 12 小题,每小题 5 分,共 60 分。

在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的)1. 的值是()A. B. C. D.【答案】B【解析】分析:根据二倍角公式得到结果.详解:故答案为:B.点睛:本题考查了三角函数的化简求值,二倍角公式的应用.2. 下列命题正确的是( )A. 经过平面外一点有且只有一平面与已知平面垂直B. 经过平面外一点有且只有一条直线与已知平面平行C. 经过平面外一点有且只有一条直线与已知直线垂直D. 经过平面外一点有且只有一条直线与已知平面垂直【答案】D【解析】分析:根据课本判定定理和特殊的例子来进行排除。

详解:A. 经过平面外一点有无数个平面与已知平面垂直;故不正确.B.经过平面外一点有无数条直线与已知平面平行,故不正确.C. 经过平面外一点有一个平面和已知直线垂直,这个平面中的过这个点的所有直线均和已知直线垂直,因此这样的直线有无数条.故选项不正确.D. 经过平面外一点有且只有一条直线与已知平面垂直,根据课本的推论得到,选项正确.故答案为:D.点睛:本题主要考查了平面的基本性质及推论,是高考中常见的题型,往往学生忽视书本上的基本概念,值得大家注意.对于这种题目的判断一般是利用课本中的定理和性质进行排除,判断;还可以画出样图进行判断,利用常见的立体图形,将点线面放入特殊图形,进行直观判断.3. 已知,那么的大小关系是()A. B. C. D.【答案】B【解析】分析:利用“作差法”和不等式的性质即可得出.详解:∵﹣1<a<0,∴1+a>0,0<﹣a<1.∴﹣a﹣a2=﹣a(1+a)>0,a2﹣(﹣a3)=a2(1+a)>0.∴﹣a>a2>﹣a3.故选:B.点睛:本题考查了利用“作差法”比较两个数的大小和不等式的性质,属于基础题.两个式子比较大小的常用方法有:做差和0比,作商和1比,或者直接利用不等式的性质得到大小关系,有时可以代入一些特殊的数据得到具体值,进而得到大小关系.4. 在中,若,则等于()A. B. 或 C. 或 D.【答案】C【解析】分析:利用正弦定理求出sinB,得出B,利用内角和定理进行检验.详解:由正弦定理得,即∴sinB=.∴B=60°或B=120°.故选:C .点睛:本题主要考查正弦定理解三角形,属于简单题.在解与三角形有关的问题时,正弦定理、余弦定理是两个主要依据. 解三角形时,有时可用正弦定理,有时也可用余弦定理,应注意用哪一个定理更方便、简捷一般来说 ,当条件中同时出现及、时,往往用余弦定理,而题设中如果边和正弦、余弦函数交叉出现时,往往运用正弦定理将边化为正弦函数再结合和、差、倍角的正余弦公式进行解答.5. 当圆锥的侧面积和底面积的比值是 2 时,圆锥侧面展开图的圆心角等于( )A. B. C. D.【答案】D【解析】分析:设圆锥的母线长为l,底面半径为r,得出=2,利用中截面三角形求解即可.详解:设圆锥的母线长为l,底面半径为r,则 2,∴=2,设母线长l为2,r=1,则展开图的弧长为,以母线长为半径的圆的周长为4,故此时圆锥侧面展开图的圆心角等于.故选:D.点睛:本题考查圆锥的结构特征,基本几何量的计算.属于基础题.6. 已知是等比数列,若,数列的前项和为,则()A. B. 31 C. D. 7【答案】A【解析】由题意,设等比数列的公比为,由,可得,解得,所以,所以,所以,故选A.7. 函数的最小正周期为()A. B. C. D.【答案】D【解析】分析:利用同角三角函数的基本关系、二倍角的正弦公式化简函数的解析式,再利用正弦函数的周期性,得出结论.详解:函数f(x)= =sin2x的最小正周期为=π,故选:C.点睛:本题主要考查同角三角函数的基本关系、二倍角的正弦公式,正弦函数的周期性,属于基础题.利用了sin2θ+cos2θ=1巧妙的完成弦切互化.8. 将函数图象上所有点的横坐标伸长到原来的2倍,再向右平移个单位长度得到函数的图象.则图象一条对称轴是()A. B. C. D.【答案】C【解析】分析:根据函数y=Asin(ωx+∅)的图象变换规律,得到g(x)=3sin(2x﹣),从而得到g(x)图象的一条对称轴是.详解:将函数f(x)=3sin(4x+)图象上所有点的横坐标伸长到原来的2倍,可得函数y=3sin (2x+)的图象,再向右平移个单位长度,可得y=3sin[2(x﹣)+]=3sin(2x﹣)的图象,故g(x)=3sin (2x﹣).令 2x﹣=kπ+,k∈z,得到 x=•π+,k∈z.则得 y=g(x)图象的一条对称轴是,故选:C.点睛:本题主要考查函数y=Asin(ωx+∅)的图象变换规律,函数y=Asin(ωx+∅)的图象的对称轴,属于中档题. y=Asin(ωx+∅)图象的变换,函数图像平移满足左加右减的原则,这一原则只针对x本身来说,需要将其系数提出来,再进行加减.9. 已知,且,则向量与的夹角为 ( )A. B. C. D.【答案】A【解析】分析:根据向量点积运算得到,而得到夹角.详解:,且,化简得到故答案为:A.点睛:平面向量数量积公式有两种形式,一是,二是,主要应用以下几个方面:(1)求向量的夹角,(此时往往用坐标形式求解);(2)求投影,在上的投影是;(3)向量垂直则;(4)求向量的模(平方后需求).10. 如图,网格纸上小正方形的边长为1,粗线画出的是某几何体的三视图,则此几何体的体积为()A. B. 3 C. D.【答案】B【解析】分析:根据三视图得到原图,从而得到体积.详解:根据三视图得到原图是一个斜三棱锥,底面是一个底边长为2,高为3的三角形,棱锥的高为3,故得到体积为3.故答案为:B.点睛:思考三视图还原空间几何体首先应深刻理解三视图之间的关系,遵循“长对正,高平齐,宽相等”的基本原则,其内涵为正视图的高是几何体的高,长是几何体的长;俯视图的长是几何体的长,宽是几何体的宽;侧视图的高是几何体的高,宽是几何体的宽.由三视图画出直观图的步骤和思考方法:1、首先看俯视图,根据俯视图画出几何体地面的直观图;2、观察正视图和侧视图找到几何体前、后、左、右的高度;3、画出整体,然后再根据三视图进行调整.11. 如图,某地一天从 6 ~ 14 时的温度变化曲线近似满足函数:,则中午 12 点时最接近的温度为。

湖北省宜昌市协作体2017_2018学年高一数学下学期期末考试试题2018072701100

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宜昌市部分示范高中教学协作体2018年春期末联考高一数学(全卷满分:150 分 考试用时:120分钟)一. 选择题:本大题共12小题,每小题5分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.若a >b ,则下列正确的是( ) A .a 2> b 2 B .ac 2> bc 2 C .a 3>b 3D .ac > bc2.已知关于x 的不等式(ax -1)(x +1)<0的解集是(-∞,-1)∪⎝ ⎛⎭⎪⎫-12,+∞,则a =( ) A .2 B .-2 C .-12 D.123.在△ABC 中,AB =5,BC =6,AC =8,则△ABC 的形状是( ) A .锐角三角形B .钝角三角形C .直角三角形D .等腰三角形或直角三角形4.设n S 是等差数列{}n a 的前n 项和,若1353a a a ++=,则5S = A .5 B .7 C .9 D .115.在△ABC 中,角A ,B ,C 所对的边分别是a ,b ,c ,若a cos B =b cos A ,则△ABC 是( ) A .等腰三角形B .直角三角形C .等腰直角三角形D .等腰或直角三角形6. 等比数列{a n }中,T n 表示前n 项的积,若T 5=1,则( ) A .a 1=1 B .a 3=1 C .a 4=1 D .a 5=17.设首项为1,公比为23的等比数列{a n }的前n 项和为S n ,则( ). A .S n =2a n -1 B .S n =3a n -2C .S n =4-3a nD .S n =3-2a n8.平面α截球O 的球面所得圆的半径为1,球心O 到平面α2,则此球的体积为( ) A .3πB .63πC 6πD .6π9. 一个棱长为1的正方体被一个平面截去一部分后,剩余部分的三视图如图所示,则该几何体的体积为( ) A . 12B . 13C . 23D .5610.在正四棱锥(底面为正方形,顶点在底面的正投影为正方形的中心)ABCD P -中,2=PA ,直线PA 与平面ABCD 所成的角为︒60,E 为PC 的中点,则异面直线PA 与BE 所成角为( )A.90 B.60 C.45 C.3011.若两个正实数x ,y 满足1x +4y =1,且不等式x +y 4<m 2-3m 有解,则实数m 的取值范围是( )A .(-1,4)B .(-∞,0)∪(3,+∞)C .(-4,1)D .(-∞,-1)∪(4,+∞)12.《九章算术》中,将底面为长方形且有一条侧棱与底面垂直的四棱锥称之为阳马;将四个面都为直角三角形的三棱锥称之为鳖臑.若三棱锥P ­ABC 为鳖臑,PA ⊥平面ABC ,PA =AB =2,AC =4,三棱锥P ­ABC 的四个顶点都在球O 的球面上,则球O 的表面积为( )A .8πB .12πC .20πD .24π二、填空题:本大题共4小题,每小题5分。

2017-2018年宜昌市县域优质高中协同发展共合体高一(下)期末数学试卷(理科)(解析版)

2017-2018年宜昌市县域优质高中协同发展共合体高一(下)期末数学试卷(理科)(解析版)

2017-2018学年湖北省宜昌市县域优质高中协同发展共合体高一(下)期末数学试卷(理科)一.选择题:本大题共12小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.(5分)直线x+y﹣3=0的倾斜角为()A.45°B.﹣45°C.135°D.90°2.(5分)若点(0,)到直线l:x+3y+m=0(m>0)的距离为,则m=()A.7B.C.14D.173.(5分)圆台的体积为7π,上、下底面的半径分别为1和2,则圆台的高为()A.3B.4C.5D.64.(5分)给出下列四种说法:①若平面α∥β,直线a⊂α,b⊂β,则a∥b;②若直线a∥b,直线a∥α,直线b∥β,则α∥β;③若平面α∥β,直线a⊂α,则a∥β;④若直线a∥α,a∥β,则α∥β.其中正确说法的个数为()A.4个B.3个C.2个D.1个5.(5分)设等差数列{a n}的前n项和为S n,若a1=﹣11,a4+a6=﹣6,则当S n取最小值时,n等于()A.6B.7C.8D.96.(5分)半径R的半圆卷成一个圆锥,则它的体积为()A.πR3B.πR3C.πR3D.πR37.(5分)如图,在Rt△ABC中,∠ABC=90°,P为△ABC所在平面外一点,P A⊥平面ABC,则四面体P﹣ABC中直角三角形的个数为()A.4B.3C.2D.18.(5分)已知水平放置的△ABC用斜二测画法得到平面直观图△A′B′C′是边长为a的正三角形,那么原来△ABC的面积为()A.B.C.a2D.9.(5分)若实数x,y满足条件,则z=3x+y的最大值为()A.7B.8C.9D.1410.(5分)数学家欧拉1765年在其所著的《三角形几何学》一书中提出:任意三角形的外心、重心、垂心在同一条直线上,后人称这条直线为欧拉线.已知△ABC的顶点A(2,0),B(0,4),若其欧拉线的方程为x﹣y+2=0,则顶点C的坐标是()A.(﹣4,0)B.(0,﹣4)C.(4,0)D.(4,0)或(﹣4,0)11.(5分)若动点P1(x1,y1),P2(x2,y2)分别在直线l1:x﹣y﹣5=0,l2:x﹣y﹣15=0上移动,则P1P2的中点P到原点的距离的最小值是()A.B.C.D.12.(5分)设△ABC的内角A,B,C所对的边分别为a,b,c,且a cos B﹣b cos A=,则tan(A﹣B)的最大值为()A.B.C.D.二.填空题:本大题共4小题,每小题5分,共20分.请将最后答案填在答题卡的相应位置. 13.(5分)直线l:ax+y+3=0(a∈R)定点,定点坐标为.14.(5分)正方体ABCD﹣A1B1C1D1中,AC与A1D所成角的大小是.15.(5分)已知直线l1:ax+3y+1=0,l2:2x+(a+1)y+1=0,若l1∥l2,则实数a的值是.16.(5分)三棱锥的三视图如图所示,则该三棱锥的外接球的表面积为.三、解答题:解答应写出文字说明,证明过程和演算步骤,本大题共6小题,70分.17.(10分)如图,圆柱的底面半径为r,球的直径与圆柱底面的直径和圆柱的高相等,圆锥的顶点为圆柱上底面的圆心,圆锥的底面是圆柱的下底面.(Ⅰ)计算圆柱的表面积;(Ⅱ)计算图中圆锥、球、圆柱的体积比.18.(12分)光线通过点A(2,3),在直线l:x+y+1=0上反射,反射光线经过点B(1,1).(Ⅰ)求点A(2,3)关于直线l对称点的坐标;(Ⅱ)求反射光线所在直线的一般式方程.19.(12分)△ABC的内角A,B,C的对边分别为a,b,c,若cos C=,cos A=,a =2.(Ⅰ)求b的值;(Ⅱ)求△ABC的面积.20.(12分)设正项等比数列{a n}的前n项和为S n,且满足S3=3a3+2a2,a4=8.(Ⅰ)求数列{a n}的通项公式;(Ⅱ)设数列b n=log2a n,求{|b n|}的前n项和T n.21.(12分)已知美国苹果手机品牌公司生产某款手机的年固定成本为40万美元,每生产1万部还需另投入16万美元.设公司一年内生产该款手机万部并全部销售完,每万部的销售收入为R(x)万美元,且.(1)写出年利润(万美元)关于年产量x(万部)的函数解析式;(2)当年产量为多少万部时,公司在该款手机的生产中所获得的利润最大?并求出最大利润.22.(12分)已知斜三棱柱ABC﹣A1B1C1的底面是直角三角形,∠ACB=90°,侧棱与底面成锐角α,点B1在底面上的射影D落在BC边上.(Ⅰ)求证:AC⊥平面BB1CC1;(Ⅱ)当α为何值时,AB1⊥BC1,且D为BC的中点?(Ⅲ)当AB1⊥BC1,且D为BC的中点时,若BC=2,四棱锥A﹣BCC1B1的体积为2,求二面角A﹣B1C1﹣C的大小.2017-2018学年湖北省宜昌市县域优质高中协同发展共合体高一(下)期末数学试卷(理科)参考答案与试题解析一.选择题:本大题共12小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.(5分)直线x+y﹣3=0的倾斜角为()A.45°B.﹣45°C.135°D.90°【解答】解:∵直线x+y﹣3=0的斜率等于﹣1,设直线x+y﹣3=0的倾斜角为θ,则tanθ=﹣1,0≤θ<π,解得θ=135°,故选:C.2.(5分)若点(0,)到直线l:x+3y+m=0(m>0)的距离为,则m=()A.7B.C.14D.17【解答】解:由题意可得:=,m>0,解得m=.故选:B.3.(5分)圆台的体积为7π,上、下底面的半径分别为1和2,则圆台的高为()A.3B.4C.5D.6【解答】解:圆台的体积为7π,上、下底面的半径分别为1和2,圆台的高为:h,πh(r12+r22+r1r2)=(1+4+2)=7π,解得h=3.故选:A.4.(5分)给出下列四种说法:①若平面α∥β,直线a⊂α,b⊂β,则a∥b;②若直线a∥b,直线a∥α,直线b∥β,则α∥β;③若平面α∥β,直线a⊂α,则a∥β;④若直线a∥α,a∥β,则α∥β.其中正确说法的个数为()A.4个B.3个C.2个D.1个【解答】解:对于①,若平面α∥β,直线a⊂α,b⊂β,则a∥b或异面,①错误;对于②,若直线a∥b,直线a∥α,直线b∥β,则α∥β或相交,②错误;对于③,若平面α∥β,直线a⊂α,则a与β无公共点,即a∥β,③正确;对于④,若直线a∥α,a∥β,则α∥β或相交,∴④错误;综上,其中正确说法序号是③,共1个.故选:D.5.(5分)设等差数列{a n}的前n项和为S n,若a1=﹣11,a4+a6=﹣6,则当S n取最小值时,n等于()A.6B.7C.8D.9【解答】解:设该数列的公差为d,则a4+a6=2a1+8d=2×(﹣11)+8d=﹣6,解得d=2,所以,所以当n=6时,S n取最小值.故选:A.6.(5分)半径R的半圆卷成一个圆锥,则它的体积为()A.πR3B.πR3C.πR3D.πR3【解答】解:2πr=πR,所以r=,则h=,所以V=故选:A.7.(5分)如图,在Rt△ABC中,∠ABC=90°,P为△ABC所在平面外一点,P A⊥平面ABC,则四面体P﹣ABC中直角三角形的个数为()A.4B.3C.2D.1【解答】解:在Rt△ABC中,∠ABC=90°,P为△ABC所在平面外一点,P A⊥平面ABC,∴BC⊥P A,BC⊥AB,∵P A∩AB=A,∴BC⊥平面P AB.∴四面体P﹣ABC中直角三角形有△P AC,△P AB,△ABC,△PBC.故选:A.8.(5分)已知水平放置的△ABC用斜二测画法得到平面直观图△A′B′C′是边长为a的正三角形,那么原来△ABC的面积为()A.B.C.a2D.【解答】解:∵直观图△A′B′C′是边长为a的正三角形,直观图△A′B′C′的面积是,又∵原几何图形的面积:直观图的面积=2:1,故原来△ABC的面积为故选:D.9.(5分)若实数x,y满足条件,则z=3x+y的最大值为()A.7B.8C.9D.14【解答】解:作出不等式组对应的平面区域如图:(阴影部分).由z=3x+y得y=﹣3x+z,平移直线y=﹣3x+z,由图象可知当直线y=﹣3x+z经过点A时,直线y=﹣3x+z的截距最大,此时z最大.由,解得,即A(2,3),代入目标函数z=3x+y得z=3×2+3=9.即目标函数z=3x+y的最大值为9.故选:C.10.(5分)数学家欧拉1765年在其所著的《三角形几何学》一书中提出:任意三角形的外心、重心、垂心在同一条直线上,后人称这条直线为欧拉线.已知△ABC的顶点A(2,0),B(0,4),若其欧拉线的方程为x﹣y+2=0,则顶点C的坐标是()A.(﹣4,0)B.(0,﹣4)C.(4,0)D.(4,0)或(﹣4,0)【解答】解:设C(m,n),由重心坐标公式得,三角形ABC的重心为(),代入欧拉线方程得:,整理得:m﹣n+4=0 ①AB的中点为(1,2),,AB的中垂线方程为y﹣2=(x﹣1),即x﹣2y+3=0.联立,解得.∴△ABC的外心为(﹣1,1).则(m+1)2+(n﹣1)2=32+12=10,整理得:m2+n2+2m﹣2n=8 ②联立①②得:m=﹣4,n=0或m=0,n=4.当m=0,n=4时B,C重合,舍去.∴顶点C的坐标是(﹣4,0).故选:A.11.(5分)若动点P1(x1,y1),P2(x2,y2)分别在直线l1:x﹣y﹣5=0,l2:x﹣y﹣15=0上移动,则P1P2的中点P到原点的距离的最小值是()A.B.C.D.【解答】解:由于点P1(x1,y1),P2(x2,y2)分别在2条平行直线l1:x﹣y﹣5=0,l2:x ﹣y﹣15=0上移动,故P1P2的中点P所在的直线方程为x﹣y﹣10=0,则P1P2的中点P到原点的距离的最小值是原点O到直线x﹣y﹣10=0的距离,等于=5,故选:B.12.(5分)设△ABC的内角A,B,C所对的边分别为a,b,c,且a cos B﹣b cos A=,则tan(A﹣B)的最大值为()A.B.C.D.【解答】解:∵a cos B﹣b cos A=c,∴结合正弦定理,得sin A cos B﹣sin B cos A=sin C,∵C=π﹣(A+B),得sin C=sin(A+B),∴sin A cos B﹣sin B cos A=(sin A cos B+cos A sin B),整理可得:sin A cos B=4sin B cos A,同除以cos A cos B,得tan A=4tan B,由此可得tan(A﹣B)===,∵A、B是三角形内角,且tan A与tan B同号,∴A、B都是锐角,即tan A>0,tan B>0,∵≥2=4,∴tan(A﹣B)=≤,当且仅当=4tan B,即tan B=时,tan(A﹣B)的最大值为.故选:B.二.填空题:本大题共4小题,每小题5分,共20分.请将最后答案填在答题卡的相应位置.13.(5分)直线l:ax+y+3=0(a∈R)定点,定点坐标为(0,﹣3).【解答】解:对于直线l:ax+y+3=0(a∈R),令x=0,求得y=﹣3,可得直线过定点(0,﹣3),故答案为:(0,﹣3).14.(5分)正方体ABCD﹣A1B1C1D1中,AC与A1D所成角的大小是.【解答】解:连结AB1、B1C,∵正方体ABCD﹣A 1B1C1D1中,A1B1CD,∴四边形A 1B1CD是平行四边形,可得A1D B1C,因此∠B1CA(或其补角)就是异面直线AC与A1D所成的角,设正方体的棱长等于1,∵△AB1C中,AB1=AC=B1C=,∴△AB1C是等边三角形,可得∠B1CA=.即异面直线AC与A1D所成角的大小是.故答案为:15.(5分)已知直线l1:ax+3y+1=0,l2:2x+(a+1)y+1=0,若l1∥l2,则实数a的值是﹣3.【解答】解:∵l1∥l2,∴a(a+1)﹣2×3=0,即a2+a﹣6=0,解得a=﹣3,或a=2;当a=﹣3时,l1为:﹣3x+3y+1=0,l2为:2x﹣2y+1=0,满足l1∥l2;当a=2时,l1为:2x+3y+1=0,l2为:2x+3y+1=0,l1与l2重合;所以,实数a的值是﹣3.故答案为:﹣3.16.(5分)三棱锥的三视图如图所示,则该三棱锥的外接球的表面积为6π.【解答】解:由已知中的三视图可得,该几何体的外接球,相当于一个棱长为1,1,2的长方体的外接球,故外接球直径2R==,故该三棱锥的外接球的表面积S=4πR2=6π,故答案为:6π.三、解答题:解答应写出文字说明,证明过程和演算步骤,本大题共6小题,70分. 17.(10分)如图,圆柱的底面半径为r,球的直径与圆柱底面的直径和圆柱的高相等,圆锥的顶点为圆柱上底面的圆心,圆锥的底面是圆柱的下底面.(Ⅰ)计算圆柱的表面积;(Ⅱ)计算图中圆锥、球、圆柱的体积比.【解答】解:(Ⅰ)已知圆柱的底面半径为r,则圆柱和圆锥的高为h=2r,圆锥和球的底面半径为r,则圆柱的表面积为;(Ⅱ)由(Ⅰ)知,,,∴圆锥、球、圆柱的体积比为::2πr3=1:2:3.18.(12分)光线通过点A(2,3),在直线l:x+y+1=0上反射,反射光线经过点B(1,1).(Ⅰ)求点A(2,3)关于直线l对称点的坐标;(Ⅱ)求反射光线所在直线的一般式方程.【解答】解:(Ⅰ)设点A(2,3)关于直线l的对称点为A0(x0,y0),则,(4分)解得x0=﹣4,y0=﹣3,即点A(2,3)关于直线l的对称点为A0(﹣4,﹣3).(6分)(Ⅱ)由于反射光线所在直线经过点A0(﹣4,﹣3)和B(1,1),所以反射光线所在直线的方程为y﹣1=(x﹣1),即4x﹣5y+1=0.(12分)19.(12分)△ABC的内角A,B,C的对边分别为a,b,c,若cos C=,cos A=,a =2.(Ⅰ)求b的值;(Ⅱ)求△ABC的面积.【解答】(本题满分为12分)解:(Ⅰ)在△ABC中,A,B,C∈(0,π),由cos A=,得:sin A==,由cos C=,得:sin C==,可得:sin B=sin[π﹣(A+C)]=sin(A+C)=sin A cos C+cos A sin C=+=…(5分)由正弦定理,得:=,(7分)从而解得:b=…8分(Ⅱ)∵由(Ⅰ)可得b=,a=2,sin C=,∴S△ABC=ab sin C=×=.(12分)20.(12分)设正项等比数列{a n}的前n项和为S n,且满足S3=3a3+2a2,a4=8.(Ⅰ)求数列{a n}的通项公式;(Ⅱ)设数列b n=log2a n,求{|b n|}的前n项和T n.【解答】解:(Ⅰ)设正项等比数列{a n}的公比为q,则q>0.由已知S3=3a3+2a2有2a3+a2﹣a1=0,即,∴2q2+q﹣1=0故或q=﹣1(舍)∴;(Ⅱ)由(Ⅰ)知:b n=7﹣n故当n≤7时,b n≥0∴当n≤7时,当n>7时,T n=b1+b2+…+b7﹣(b8+b9+…+b n)=2(b1+b2+…+b7)﹣(b1+b2+…+b n)=﹣+42,∴T n=.21.(12分)已知美国苹果手机品牌公司生产某款手机的年固定成本为40万美元,每生产1万部还需另投入16万美元.设公司一年内生产该款手机万部并全部销售完,每万部的销售收入为R(x)万美元,且.(1)写出年利润(万美元)关于年产量x(万部)的函数解析式;(2)当年产量为多少万部时,公司在该款手机的生产中所获得的利润最大?并求出最大利润.【解答】解:(1)设年利润为y万美元,当0<x≤40时,y=x(400﹣6x)﹣16x﹣40=﹣6x2+384x﹣40,当x>40时,y=x()﹣16x﹣40=﹣﹣16x+7360,所以y=.(2)①当0<x≤40时,y=﹣6(x﹣32)2+6104,所以当x=32时,y取得最大值6104,②当x>40时,y=﹣﹣16x+7360≤﹣2+7360=5760.当且仅当即x=50时取等号,所以当x=50时,y取得最大值5 760,综合①②知,当年产量为32万部时所获利润最大,最大利润为6104万美元.22.(12分)已知斜三棱柱ABC﹣A1B1C1的底面是直角三角形,∠ACB=90°,侧棱与底面成锐角α,点B1在底面上的射影D落在BC边上.(Ⅰ)求证:AC⊥平面BB1CC1;(Ⅱ)当α为何值时,AB1⊥BC1,且D为BC的中点?(Ⅲ)当AB1⊥BC1,且D为BC的中点时,若BC=2,四棱锥A﹣BCC1B1的体积为2,求二面角A﹣B1C1﹣C的大小.【解答】(Ⅰ)证明:∵点B1在底面上的射影D落在BC边上,∴B1D⊥平面ABC,∴B1D⊥AC,又AC⊥BC,B1D∩BC=D,∴AC⊥平面BB1C1C;(Ⅱ)解:∵AC⊥平面BB1CC1,要使AB1⊥BC1,只要B1C⊥BC1,又BB1CC1是平行四边形,∴只要BB1CC1是菱形;∵B1D⊥BC,当△BB1C是等边三角形时,D为BC的中点,∵B1D⊥平面ABC,∴侧棱与底面成锐角α为∠B1BD,从而当α为时,AB1⊥BC1,且D为BC的中点;(Ⅲ)解:如图,取B1C1中点M,连接AM,CM,∵△B1C1C是等边三角形,∴CM⊥B1C1,由AC⊥平面BB1CC1,得AC⊥B1C1,B1C1⊥平面AMC,∴∠AMC是二面角A﹣B1C1﹣C的平面角.四棱锥A﹣BCC1B1的体积,∴AC=,在直角三角形AMC中,可得,即二面角A﹣B1C1﹣C的大小为.。

2017-2018年湖北省宜昌市部分示范高中教学协作体高一(下)期末数学试卷(解析版)

2017-2018年湖北省宜昌市部分示范高中教学协作体高一(下)期末数学试卷(解析版)

4. (5 分)设 Sn 是等差数列{an}的前 n 项和,若 a1+a3+a5=3,则 S5=( A.5 B.7 C.9 D.10

5. (5 分)在△ABC 中,角 A,B,C 所对的边分别是 a,b,c,若 acosB=bcosA,则△ABC 是( ) B.直角三角形 D.等腰或直角三角形 )
2. (5 分)已知关于 x 的不等式(ax﹣1) (x+1)<0 的解集是(﹣∞,﹣1)∪(﹣ ,+ ∞) ,则 a=( A.2 ) B.﹣2 C.﹣ D. )
3. (5 分)在△ABC 中,AB=5,BC=6,AC=8,则△ABC 的形状是( A.锐角三角形 C.钝角三角形 B.直角三角形 D.非钝角三角形
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,则
2a+c 的最大值是

三.解答题:解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤(17 题 10 分,其余各题 12 分). 17. (10 分)在△ABC 中, (Ⅰ)求角 B 的值; (Ⅱ)若 a=4,b=2 ,求 c 的值. sin2B=2sin B
2
18. (12 分)已知{an}是等差数列,{bn}是等比数列,且 a1=b1=2,a3+a5=22,b2b4=b6. (Ⅰ)数列{an}和{bn}的通项公式; (Ⅱ)设 cn=an﹣bn,求数列{cn}前 n 项和. 19. (12 分)在四棱锥 P﹣ABCD 中,底面 ABCD 是矩形,侧棱 PA⊥底面 ABCD,E,F 分 别是 PB,PD 的中点,PA=AD.
2017-2018 学年湖北省宜昌市部分示范高中教学协作体高一 (下) 期末数学试卷
一.选择题:本大题共 12 小题,每小题 5 分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合 题目要求的. 1. (5 分)若 a>b,则下列正确的是( A.a >b

湖北省宜昌市第一中学2017-2018学年高一数学下学期期末考试试题 文(含解析)

湖北省宜昌市第一中学2017-2018学年高一数学下学期期末考试试题 文(含解析)

宜昌市第一中学 2018 年春季学期高一年级期末考试数学试题(文科)一、选择题:(本题共 12 小题,每小题 5 分,共 60 分。

在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的)1. 的值是()A. B. C. D.【答案】B【解析】分析:根据二倍角公式得到结果.详解:故答案为:B.点睛:本题考查了三角函数的化简求值,二倍角公式的应用.2. 下列命题正确的是( )A. 经过平面外一点有且只有一平面与已知平面垂直B. 经过平面外一点有且只有一条直线与已知平面平行C. 经过平面外一点有且只有一条直线与已知直线垂直D. 经过平面外一点有且只有一条直线与已知平面垂直【答案】D【解析】分析:根据课本判定定理和特殊的例子来进行排除。

详解:A. 经过平面外一点有无数个平面与已知平面垂直;故不正确.B.经过平面外一点有无数条直线与已知平面平行,故不正确.C. 经过平面外一点有一个平面和已知直线垂直,这个平面中的过这个点的所有直线均和已知直线垂直,因此这样的直线有无数条.故选项不正确.D. 经过平面外一点有且只有一条直线与已知平面垂直,根据课本的推论得到,选项正确.故答案为:D.点睛:本题主要考查了平面的基本性质及推论,是高考中常见的题型,往往学生忽视书本上的基本概念,值得大家注意.对于这种题目的判断一般是利用课本中的定理和性质进行排除,判断;还可以画出样图进行判断,利用常见的立体图形,将点线面放入特殊图形,进行直观判断.3. 已知,那么的大小关系是()A. B. C. D.【解析】分析:利用“作差法”和不等式的性质即可得出.详解:∵﹣1<a<0,∴1+a>0,0<﹣a<1.∴﹣a﹣a2=﹣a(1+a)>0,a2﹣(﹣a3)=a2(1+a)>0.∴﹣a>a2>﹣a3.故选:B.点睛:本题考查了利用“作差法”比较两个数的大小和不等式的性质,属于基础题.两个式子比较大小的常用方法有:做差和0比,作商和1比,或者直接利用不等式的性质得到大小关系,有时可以代入一些特殊的数据得到具体值,进而得到大小关系.4. 在中,若,则等于()A. B. 或 C. 或 D.【答案】C【解析】分析:利用正弦定理求出sinB,得出B,利用内角和定理进行检验.详解:由正弦定理得,即∴sinB=.∴B=60°或B=120°.故选:C .点睛:本题主要考查正弦定理解三角形,属于简单题.在解与三角形有关的问题时,正弦定理、余弦定理是两个主要依据. 解三角形时,有时可用正弦定理,有时也可用余弦定理,应注意用哪一个定理更方便、简捷一般来说 ,当条件中同时出现及、时,往往用余弦定理,而题设中如果边和正弦、余弦函数交叉出现时,往往运用正弦定理将边化为正弦函数再结合和、差、倍角的正余弦公式进行解答.5. 当圆锥的侧面积和底面积的比值是 2 时,圆锥侧面展开图的圆心角等于( )A. B. C. D.【答案】D【解析】分析:设圆锥的母线长为l,底面半径为r,得出=2,利用中截面三角形求解即可.详解:设圆锥的母线长为l,底面半径为r,则 2,∴=2,设母线长l为2,r=1,则展开图的弧长为,以母线长为半径的圆的周长为4,故此时圆锥侧面展开图的圆心角等于.点睛:本题考查圆锥的结构特征,基本几何量的计算.属于基础题.6. 已知是等比数列,若,数列的前项和为,则()A. B. 31 C. D. 7【答案】A【解析】由题意,设等比数列的公比为,由,可得,解得,所以,所以,所以,故选A.7. 函数的最小正周期为()A. B. C. D.【答案】D【解析】分析:利用同角三角函数的基本关系、二倍角的正弦公式化简函数的解析式,再利用正弦函数的周期性,得出结论.详解:函数f(x)= =sin2x的最小正周期为=π,故选:C.点睛:本题主要考查同角三角函数的基本关系、二倍角的正弦公式,正弦函数的周期性,属于基础题.利用了sin2θ+cos2θ=1巧妙的完成弦切互化.8. 将函数图象上所有点的横坐标伸长到原来的2倍,再向右平移个单位长度得到函数的图象.则图象一条对称轴是()A. B. C. D.【答案】C【解析】分析:根据函数y=Asin(ωx+∅)的图象变换规律,得到g(x)=3sin(2x﹣),从而得到g(x)图象的一条对称轴是.详解:将函数f(x)=3sin(4x+)图象上所有点的横坐标伸长到原来的2倍,可得函数y=3sin(2x+)的图象,再向右平移个单位长度,可得y=3sin[2(x﹣)+]=3sin(2x﹣)的图象,故g(x)=3sin(2x﹣).令 2x﹣=kπ+,k∈z,得到 x=•π+,k∈z.则得 y=g(x)图象的一条对称轴是,故选:C.点睛:本题主要考查函数y=Asin(ωx+∅)的图象变换规律,函数y=Asin(ωx+∅)的图象的对称轴,属于中档题. y=Asin(ωx+∅)图象的变换,函数图像平移满足左加右减的原则,这一原则只针对x本身来说,需要将其系数提出来,再进行加减.9. 已知,且,则向量与的夹角为 ( )A. B. C. D.【答案】A【解析】分析:根据向量点积运算得到,而得到夹角.详解:,且,化简得到故答案为:A.点睛:平面向量数量积公式有两种形式,一是,二是,主要应用以下几个方面:(1)求向量的夹角,(此时往往用坐标形式求解);(2)求投影,在上的投影是;(3)向量垂直则;(4)求向量的模(平方后需求).10. 如图,网格纸上小正方形的边长为1,粗线画出的是某几何体的三视图,则此几何体的体积为()A. B. 3 C. D.【答案】B【解析】分析:根据三视图得到原图,从而得到体积.详解:根据三视图得到原图是一个斜三棱锥,底面是一个底边长为2,高为3的三角形,棱锥的高为3,故得到体积为3.故答案为:B.点睛:思考三视图还原空间几何体首先应深刻理解三视图之间的关系,遵循“长对正,高平齐,宽相等”的基本原则,其内涵为正视图的高是几何体的高,长是几何体的长;俯视图的长是几何体的长,宽是几何体的宽;侧视图的高是几何体的高,宽是几何体的宽.由三视图画出直观图的步骤和思考方法:1、首先看俯视图,根据俯视图画出几何体地面的直观图;2、观察正视图和侧视图找到几何体前、后、左、右的高度;3、画出整体,然后再根据三视图进行调整.11. 如图,某地一天从 6 ~ 14 时的温度变化曲线近似满足函数:,则中午 12 点时最接近的温度为A. B. C. D.【答案】D【解析】分析:由图象可知B=20,A=10,=14﹣6=8,从而可求得ω,6ω+φ=2kπ﹣(k∈Z)可求得φ,从而可得到函数解析式,继而可得所求答案.详解解:不妨令A>0,B>0,则由得:A=10,B=20°C;又=14﹣6=8,∴T=16=,∴|ω|=,不妨取ω=.由图可知,6×+φ=2kπ﹣(k∈Z),∴φ=2kπ﹣,不妨取φ=.∴曲线的近似解析式为:y=10sin(x+)+20,∴中午12点时最接近的温度为:y=10sin(×12+)+20°C=10sin+20°C=20+10sin=5+20°C≈27°C.故选:B.点睛:已知函数的图象求解析式(1) .(2)由函数的周期求(3)利用“五点法”中相对应的特殊点求12. 在三棱锥中,,且,是边长为的等边三角形,则该三棱锥外接球的表面积为()A. B. C. D.【答案】C【解析】根据已知中底面△ABC是边长为的正三角形,PA⊥底面ABC,可得此三棱锥外接球,即为以△ABC为底面以PA为高的正三棱柱的外接球∵△ABC是边长为的正三角形,∴△ABC的外接圆半径r==1,球心到△ABC的外接圆圆心的距离d=1,故球的半径R==,故三棱锥P﹣ABC外接球的表面积S=4πR2=8π,故选:C.点睛:空间几何体与球接、切问题的求解方法(1)求解球与棱柱、棱锥的接、切问题时,一般过球心及接、切点作截面,把空间问题转化为平面图形与圆的接、切问题,再利用平面几何知识寻找几何中元素间的关系求解.(2)若球面上四点P,A,B,C构成的三条线段PA,PB,PC两两互相垂直,且PA=a,PB=b,PC=c,一般把有关元素“补形”成为一个球内接长方体,利用4R2=a2+b2+c2求解.二、填空题:(本题共 4 小题,每小题 5 分,共 20 分)13. 函数的最大值为______;【答案】【解析】分析:根据三角函数的表达式,由化一公式可将表达式进行化简,进而得到最大值》详解:函数故函数的最大值为:.点睛:本题求最值利用三角函数辅助角公式将函数化为的形式,利用求最值,其中的取值需结合数值以及符号确定. 14. 数列满足,则______;【答案】【解析】分析:代入特殊值,验证数列是周期数列,进而得到结果.详解:数列,,将n=1代入得到可以发现数列是以3为周期的数列,故=-1.故答案为:-1.点睛:本题考查数列的通项公式,是基础的计算题,对于等比等差数列的小题,常用到的方法,其一是化为基本量即首项和公比或者公差,其二是观察各项间的脚码关系,即利用数列的基本性质.如果数列是非等差非等比数列,则可以通过代入数值,发现数列的通项的规律,进而得到数列通项公式.15. 如图,四棱柱的底面是平行四边形,且,分别是的中点,,若,则异面直线与所成角的大小为______;【答案】【解析】分析:将异面直线平移到同一平面内,转化到三角形HD中求线线角即可.详解:取的中点为H点,连接H,HD,在三角形HD中求线线角即可,,,连接HE,根据三角形三边关系得到HD=,H=1,D=2,在三角形HD应用余弦定理得到夹角的余弦值为,对应的角为.故答案为:点睛:这个题目考查的是异面直线的夹角的求法;常见方法有:将异面直线平移到同一平面内,转化为平面角的问题;或者证明线面垂直进而得到面面垂直,这种方法适用于异面直线垂直的时候.16. 若为的边上一点,,过点的直线分别交直线于,若,其中,则的最小值为______;【答案】3【解析】试题分析:因为,所以考点:向量共线三、解答题:(共 70 分。

2017-2018年宜昌市县域优质高中协同发展共合体高一(下)期末数学试卷(文科)(解析版)

2017-2018年宜昌市县域优质高中协同发展共合体高一(下)期末数学试卷(文科)(解析版)

2017-2018学年湖北省宜昌市县域优质高中协同发展共合体高一(下)期末数学试卷(文科)一、选择题(本大题共12小题,每小题5分,共60分)1.(5分){a n}是首顶a1=1,公差d=3的等差数列,如果a n=2020,则序号n等于()A.671B.672C.673D.6742.(5分)若x<0,则x2,2x,x的大小关系是()A.x2>2x>x B.x>x2>2x C.x<x2<2x D.2x<x<x2 3.(5分)用长度为1的木棒摆放4个边长为1的正三角形,至少需要()根A.6B.9C.10D.124.(5分)一个几何体的三视图形状都相同,大小均相等,那么这个几何体不可以是()A.球B.三棱锥C.正方体D.圆柱5.(5分)若变量x,y满足约束条件,则z=2x+y的最大值和最小值分别为()A.4和3B.4和2C.3和2D.2和06.(5分)如图所示的几何体,关于其结构特征,下列说法不正确的是()A.该几何体是由两个同底的四棱锥组成的几何体B.该几何体有12条棱、6个顶点C.该几何体有8个面,并且各面均为三角形D.该几何体有9个面,其中一个面是四边形,其余均为三角形7.(5分)已知等比数列{a n}的前n项和为S n,且S3=7a1,则数列{a n}的公比q的值为()A.2B.3C.2或﹣3D.2或38.(5分)如图,从气球A上测得正前方的河流的两岸B,C的俯角分别为60o,30°,此时气球的高是60m,则河流的宽度BC等于()A.B.C.D.9.(5分)已知一个棱长为2的正方体,被一个平面截后所得几何体的三视图如图所示,则该几何体的体积是()A.8B.C.D.10.(5分)等差数列{a n}的公差d≠0,且a3,a5,a15成等比数列,若a5=5,S n为数列{a n}的前n项和,则数列{}的前n项和取最小值时的n为()A.3B.3或4C.4或5D.511.(5分)如果一个球的外切圆锥的高是这个球的半径的3倍,则圆锥的侧面积和球的表面积之比为()A.9:4B.4:3C.3:1D.3:212.(5分)某商场对商品进行两次提价,现提出四种提价方案,提价幅度较大的一种是()A.先提价p%,后提价q%B.先提价q%,后提价p%C.分两次提价%D.分两次提价%(以上p≠q)二、填空题(本大题共4小题,每小题5分,共20分)13.(5分)已知等差数列{a n},若a2+a3+a7=6,则a1+a7=.14.(5分)要制作一个容器为4m3,高为1m的无盖长方形容器,已知该容器的底面造价是每平方米20元,侧面造价是每平方米10元,则该容器的最低总造价是(单位:元)15.(5分)已知正四棱锥P﹣ABCD的所有棱长都为2,则此四棱锥体积为.16.(5分)已知△ABC中,AC=,BC=,△ABC的面积为,若线段BA的延长线上存在点D,使∠BDC=,则CD=.三、解答题17.(10分)在△ABC中,角A,B,C的对边分别为a,b,c,角A,B,C成等差数列.(1)求cos B的值;(2)边a,b,c成等比数列,求sin A sin C的值.18.(12分)某个几何体的三视图如图所示(单位:m)(1)求该几何体的表面积;(2)求该几何体的体积.19.(12分)已知在△ABC中,角A,B,C所对的边分别为a,b,c.若∠ABC=,b =,c=2,D为BC的中点.(Ⅰ)求cos∠BAC的值;(Ⅱ)求AD的值.20.(12分)已知f(x)=﹣3x2+a(5﹣a)x+6.(1)若关于x的不等式f(x)>m的解集为(﹣1,3),求实数a,m的值;(2)若关于x的不等式f(x)>0的解集包含集合(1,2),求a的取值范围.21.(12分)已知数列{a n}是等差数列,{b n}是等比数列,其中a1=b1=1,a2≠b2,且b2为a1,a2的等差中项,a2为b2,b3的等差中项.(1)求数列{a n}与{b n}的通项公式;(2)记c n=(a1+a2+…+a n)(b1+b2+…+b n),求数列{c n}的前n项和S n.22.(12分)已知线段AB长度为2.(1)将线段分三段并将其拼成一个直角三角形,求这个直角三角形面积的最大值;(2)若点C满足CA=2CB,求△ABC面积的最大值.2017-2018学年湖北省宜昌市县域优质高中协同发展共合体高一(下)期末数学试卷(文科)参考答案与试题解析一、选择题(本大题共12小题,每小题5分,共60分)1.(5分){a n}是首顶a1=1,公差d=3的等差数列,如果a n=2020,则序号n等于()A.671B.672C.673D.674【解答】解:∵{a n}是首顶a1=1,公差d=3的等差数列,∴a n=a1+(n﹣1)d=1+(n﹣1)×3=3n﹣2.∵a n=2020,∴3n﹣2=2020,解得则序号n=674.故选:D.2.(5分)若x<0,则x2,2x,x的大小关系是()A.x2>2x>x B.x>x2>2x C.x<x2<2x D.2x<x<x2【解答】解:∵x<0,则x2>x>2x,故选:D.3.(5分)用长度为1的木棒摆放4个边长为1的正三角形,至少需要()根A.6B.9C.10D.12【解答】解:用长度为1的木棒摆放4个边长为1的正三角形,如图:可知,至少需要6根长度为1的木棒.故选:A.4.(5分)一个几何体的三视图形状都相同,大小均相等,那么这个几何体不可以是()A.球B.三棱锥C.正方体D.圆柱【解答】解:A、球的三视图均为圆,且大小均等;B、三条侧棱两两垂直且相等的适当高度的正三棱锥,其一个侧面放到平面上,其三视图均为三角形且形状都相同;C、正方体的三视图可以是三个大小均等的正方形;D、圆柱的三视图中必有一个为圆,其他两个为矩形.故一个几何体的三视图形状都相同,大小均等,那么这个几何体不可以是圆柱.故选:D.5.(5分)若变量x,y满足约束条件,则z=2x+y的最大值和最小值分别为()A.4和3B.4和2C.3和2D.2和0【解答】解:满足约束条件的可行域如下图所示在坐标系中画出可行域平移直线2x+y=0,经过点N(1,0)时,2x+y最小,最小值为:2,则目标函数z=2x+y的最小值为2.经过点M(2,0)时,2x+y最大,最大值为:4,则目标函数z=2x+y的最大值为:4.故选:B.6.(5分)如图所示的几何体,关于其结构特征,下列说法不正确的是()A.该几何体是由两个同底的四棱锥组成的几何体B.该几何体有12条棱、6个顶点C.该几何体有8个面,并且各面均为三角形D.该几何体有9个面,其中一个面是四边形,其余均为三角形【解答】解:根据几何体的直观图,得该几何体是由两个同底的四棱锥组成的几何体,且有棱MA、MB、MC、MD、AB、BC、CD、DA、NA、NB、NC和ND,共12条;顶点是M、A、B、C、D和N共6个;且有面MAB、面MBC、面MCD、面MDA、面NAB、面NBC、面NCD和面NDA共个,且每个面都是三角形.所以选项A、B、C正确,选项D错误.故选:D.7.(5分)已知等比数列{a n}的前n项和为S n,且S3=7a1,则数列{a n}的公比q的值为()A.2B.3C.2或﹣3D.2或3【解答】解:由S3=7a1,则a1+a2+a3=7a1,即a1+a1q+a1q2=7a1,由a1≠0,化简得:1+q+q2=7,即q2+q﹣6=0,因式分解得:(q﹣2)(q+3)=0,解得q=2或q=﹣3,则数列{a n}的公比q的值为2或﹣3.故选:C.8.(5分)如图,从气球A上测得正前方的河流的两岸B,C的俯角分别为60o,30°,此时气球的高是60m,则河流的宽度BC等于()A.B.C.D.【解答】解:由题意可知∠C=30°,∠BAC=30°,∠DAB=30°,AD=60m,∴BC=AB==40.故选:C.9.(5分)已知一个棱长为2的正方体,被一个平面截后所得几何体的三视图如图所示,则该几何体的体积是()A.8B.C.D.【解答】解:分析已知中的三视图得:几何体是正方体截去一个三棱台,∴.故选:C.10.(5分)等差数列{a n}的公差d≠0,且a3,a5,a15成等比数列,若a5=5,S n为数列{a n}的前n项和,则数列{}的前n项和取最小值时的n为()A.3B.3或4C.4或5D.5【解答】解:∵等差数列{a n}的公差d≠0,且a3,a5,a15成等比数列,a5=5,S n为数列{a n}的前n项和,∴,由d≠0,解得a1=﹣3,d=2,∴==﹣3+n﹣1=n﹣4,由n﹣4≥0,得n≥4,∴数列{}的前n项和取最小值时的n为3或4.故选:B.11.(5分)如果一个球的外切圆锥的高是这个球的半径的3倍,则圆锥的侧面积和球的表面积之比为()A.9:4B.4:3C.3:1D.3:2【解答】解:设球的半径为1;圆锥的高为:3,则圆锥的底面半径为:r由△POD∽△PBO1,得,即,所以r=圆锥的侧面积为:=6π,球的表面积为:4π所以圆锥的侧面积与球的表面积之比6π:4π=3:2.故选:D.12.(5分)某商场对商品进行两次提价,现提出四种提价方案,提价幅度较大的一种是()A.先提价p%,后提价q%B.先提价q%,后提价p%C.分两次提价%D.分两次提价%(以上p≠q)【解答】解:设商品的价格为1则:对于A,先提价p%,后提价q%,整理得:(1+p%)(1+q%)=1+p%+q%+0.01qp%,对于:B,先提价q%,后提价p%,整理得:(1+q%)(1+p%)=1+p%+q%+0.01qp%,对于C:分两次提价%,整理得:(1+%)(1+%)=1+p%+q%+0.01%.对于D:分两次提价%,整理得:(1+%)(1+%)=1+2%+0.01%,由于:.故选:D.二、填空题(本大题共4小题,每小题5分,共20分)13.(5分)已知等差数列{a n},若a2+a3+a7=6,则a1+a7=4.【解答】解:∵a2+a3+a7=6,∴3a1+9d=6,∴a1+3d=2,∴a4=2,∴a1+a7=2a4=4.故答案为:4.14.(5分)要制作一个容器为4m3,高为1m的无盖长方形容器,已知该容器的底面造价是每平方米20元,侧面造价是每平方米10元,则该容器的最低总造价是160(单位:元)【解答】解:设池底长和宽分别为a,b,成本为y,则∵长方形容器的容器为4m3,高为1m,故底面面积S=ab=4,y=20S+10[2(a+b)]=20(a+b)+80,∵a+b≥2=4,故当a=b=2时,y取最小值160,即该容器的最低总造价是160元,故答案为:16015.(5分)已知正四棱锥P﹣ABCD的所有棱长都为2,则此四棱锥体积为.【解答】解:∵棱锥的棱长都为2,∴四棱锥P﹣ABCD为正四棱锥,则AO=,在Rt△POA中,可得PO=,∴棱锥P﹣ABCD体积V P﹣ABCD=×2×2×=.故答案为:.16.(5分)已知△ABC中,AC=,BC=,△ABC的面积为,若线段BA的延长线上存在点D,使∠BDC=,则CD=.【解答】解:∵AC=,BC=,△ABC的面积为=AC•BC•sin∠ACB=sin∠ACB,∴sin∠ACB=,∴∠ACB=,或,∵若∠ACB=,∠BDC=<∠BAC,可得:∠BAC+∠ACB>+>π,与三角形内角和定理矛盾,∴∠ACB=,∴在△ABC中,由余弦定理可得:AB===,∴∠B=,∴在△BCD中,由正弦定理可得:CD===.故答案为:.三、解答题17.(10分)在△ABC中,角A,B,C的对边分别为a,b,c,角A,B,C成等差数列.(1)求cos B的值;(2)边a,b,c成等比数列,求sin A sin C的值.【解答】解:(1)△ABC中,由A、B、C成等差数列知,2B=A+C,又A+B+C=180°,∴B=60°,∴cos B=;…6分(2)由a、b、c成等比数列,知b2=ac,根据正弦定理得sin2B=sin A sin C,又cos B=,∴sin A sin C=1﹣cos2B=.…12分18.(12分)某个几何体的三视图如图所示(单位:m)(1)求该几何体的表面积;(2)求该几何体的体积.【解答】解:由三视图可知,该几何体是由半球和正四棱柱组成,棱柱是正方体棱长为:2,球的半径为1,(1)该几何体的表面积=正方体的表面积+半球面面积﹣球的底面积.∴S=6×2×2+2π×12﹣π×12=24+π(m2).(2)该几何体的体积为正方体的体积+半球的体积,V=2×2×2+×π×13=8+π(m3)19.(12分)已知在△ABC中,角A,B,C所对的边分别为a,b,c.若∠ABC=,b =,c=2,D为BC的中点.(Ⅰ)求cos∠BAC的值;(Ⅱ)求AD的值.【解答】(本题满分为12分)解:(I)法1:由正弦定理得…(1分)又∵在△ABC中,b>c,∴C<B,∴…(2分)∴…(3分)∴cos∠BAC=cos(π﹣B﹣C)=﹣cos(B+C)…(4分)=﹣(cos B cos C﹣sin B sin C)…(5分)=…(6分)法2:在△ABC中,由余弦定理得AC2=AB2+BC2﹣2AB•BC cos∠ABC…(1分)∴,…(2分)∴(a﹣3)(a+1)=0解得a=3(a=﹣1已舍去),…(4分)∴…(5分)=.…(6分)(II)法1:∵…(8分)∴…(10分)==…(11分)∴.…(12分)法2:在△ABC中,由余弦定理得BC2=AB2+AC2﹣2AB•AC cos∠BAC…(7分)=,…(8分)∴BC=3,∴…(9分)在△ABD中,由余弦定理得AD2=AB2+BD2﹣2AB•BD•cos∠ABD,…(10分)=,…(11分)∴,…(12分)法3:设E为AC的中点,连结DE,则,…(7分)…(8分)在△ADE中,由余弦定理得AD2=AE2+DE2﹣2AE•DE•cos∠AED,…(9分)=,…(11分)∴.…(12分)20.(12分)已知f(x)=﹣3x2+a(5﹣a)x+6.(1)若关于x的不等式f(x)>m的解集为(﹣1,3),求实数a,m的值;(2)若关于x的不等式f(x)>0的解集包含集合(1,2),求a的取值范围.【解答】解:(1)根据题意,f(x)=﹣3x2+a(5﹣a)x+6,f(x)>m即3x2﹣a(5﹣a)x﹣6+m<0,若不等式f(x)>m的解集为(﹣1,3),则(﹣1)与3是方程3x2﹣a(5﹣a)x﹣6+m=0的两根,则有,解可得m=﹣3,a=2或3,故m=﹣3,a=2或3,(2)不等式f(x)>0,即3x2﹣a(5﹣a)x﹣6<0,若其解集包含集合(1,2),则在区间(1,2)上,3x2﹣a(5﹣a)x﹣6<0恒成立,变形可得a(5﹣a)>3x﹣在区间(1,2)上恒成立,设g(x)=3x﹣,易得其在区间(1,2)上单调递增,则g(x)在(1,2)有最大值g(2)=3,则有a(5﹣a)≥3成立,解可得≤a≤,则a的取值范围为[,].21.(12分)已知数列{a n}是等差数列,{b n}是等比数列,其中a1=b1=1,a2≠b2,且b2为a1,a2的等差中项,a2为b2,b3的等差中项.(1)求数列{a n}与{b n}的通项公式;(2)记c n=(a1+a2+…+a n)(b1+b2+…+b n),求数列{c n}的前n项和S n.【解答】解:(1)设公比及公差分别为q,d,由2b2=a1+a2,2a2=b2+b3,得q=1,d=0或q=2,d=2,(3分)又由a2≠b2,故q=2,d=2(4分)∴(6分)(2)∵(8分)∴(9分)令①②由②﹣①得,(11分)∴.(12分)22.(12分)已知线段AB长度为2.(1)将线段分三段并将其拼成一个直角三角形,求这个直角三角形面积的最大值;(2)若点C满足CA=2CB,求△ABC面积的最大值.【解答】解:(1)设两直角边为a,b,则2=a+b+≥2+=(2+),当且仅当a=b时取得等号,得S=ab≤×()2=3﹣2,故这个直角三角形面积的最大值为3﹣2;(2)设CA=2B=2x,∠ACB=α,面积为S,则AB2=4=5x2﹣4x2cosα,∴S=x2sinα得S=,(或者5S=4sinα+4S cosα≤4)得S max=.。

湖北省宜昌市第一中学2017-2018学年高一数学下学期期末考试试题 文(含解析)

湖北省宜昌市第一中学2017-2018学年高一数学下学期期末考试试题 文(含解析)

宜昌市第一中学 2018 年春季学期高一年级期末考试数学试题(文科)一、选择题:(本题共 12 小题,每小题 5 分,共 60 分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的)1.的值是( )A.B。

C。

D.【答案】B【解析】分析:根据二倍角公式得到结果。

详解:故答案为:B.点睛:本题考查了三角函数的化简求值,二倍角公式的应用。

2。

下列命题正确的是( )A. 经过平面外一点有且只有一平面与已知平面垂直B。

经过平面外一点有且只有一条直线与已知平面平行C. 经过平面外一点有且只有一条直线与已知直线垂直D。

经过平面外一点有且只有一条直线与已知平面垂直【答案】D【解析】分析:根据课本判定定理和特殊的例子来进行排除。

详解:A。

经过平面外一点有无数个平面与已知平面垂直;故不正确.B。

经过平面外一点有无数条直线与已知平面平行,故不正确。

C。

经过平面外一点有一个平面和已知直线垂直,这个平面中的过这个点的所有直线均和已知直线垂直,因此这样的直线有无数条.故选项不正确。

D. 经过平面外一点有且只有一条直线与已知平面垂直,根据课本的推论得到,选项正确。

故答案为:D.点睛:本题主要考查了平面的基本性质及推论,是高考中常见的题型,往往学生忽视书本上的基本概念,值得大家注意.对于这种题目的判断一般是利用课本中的定理和性质进行排除,判断;还可以画出样图进行判断,利用常见的立体图形,将点线面放入特殊图形,进行直观判断。

3. 已知,那么的大小关系是( )A。

B.C。

D.【答案】B【解析】分析:利用“作差法”和不等式的性质即可得出.详解:∵﹣1<a<0,∴1+a>0,0<﹣a<1.∴﹣a﹣a2=﹣a(1+a)>0,a2﹣(﹣a3)=a2(1+a)>0.∴﹣a>a2>﹣a3.故选:B.点睛:本题考查了利用“作差法"比较两个数的大小和不等式的性质,属于基础题.两个式子比较大小的常用方法有:做差和 0 比,作商和 1 比,或者直接利用不等式的性质得到大小关系,有时可以代入一些特殊的数据得到具体值,进而得到大小关系。

(全优试卷)版湖北省宜昌市七校教学协作体高一下学期期末考试数学试题Word版含解析

(全优试卷)版湖北省宜昌市七校教学协作体高一下学期期末考试数学试题Word版含解析

宜昌市部分示范高中教学协作体2017年春期末联考高一数学一.选择题:(本大题共12小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是满足题目要求的.)1. 已知且,下列不等式中成立的一个是()A. B. C. D.【答案】B【解析】由不等式的性质结合题意:∵c<d,a>b>0,∴−c>−d,且a>b,相加可得a−c>b−d,故选:B2. 已知向量,向量,且,那么等于()A. 8B. 7C. 6D. 5【答案】C【解析】由向量平行的充要条件有:,解得: .本题选择C选项.3. 在中,,则A为()A. 或B.C. 或D.【答案】A【解析】由正弦定理:可得:,则A为或.本题选择A选项.点睛:已知两角和一边,该三角形是确定的,其解是唯一的;已知两边和一边的对角,该三角形具有不唯一性,通常根据三角函数值的有界性和大边对大角定理进行判断.4. 下列结论正确的是()A. 各个面都是三角形的几何体是三棱锥;B. 一平面截一棱锥得到一个棱锥和一个棱台;C. 棱锥的侧棱长与底面多边形的边长相等,则该棱锥可能是正六棱锥;D. 圆锥的顶点与底面圆周上的任意一点的连线都是母线【答案】D...【解析】A、如图所示,由两个结构相同的三棱锥叠放在一起构成的几何体,各面都是三角形,但它不是棱锥,故A错误;B、一平行于底面的平面截一棱锥才能得到一个棱锥和一个棱台,因此B错误;C、若六棱锥的所有棱长都相等,则底面多边形是正六边形.由过中心和定点的截面知,若以正六边形为底面,侧棱长必然要大于底面边长,故C错误;D、根据圆锥母线的定义知,D正确.本题选择D选项.5. 某四面体的三视图如图所示,该四面体的体积为()A. B. C. D.【答案】C【解析】由题意可知,该几何体是在棱长分别为的长方体中的三棱锥,且:,该四面体的体积为 .本题选择A选项.点睛:三视图的长度特征:“长对正、宽相等,高平齐”,即正视图和侧视图一样高、正视图和俯视图一样长,侧视图和俯视图一样宽.若相邻两物体的表面相交,表面的交线是它们的分界线,在三视图中,要注意实、虚线的画法.正方体与球各自的三视图相同,但圆锥的不同.6. 已知,则的值为()A. B. C. D.【答案】B【解析】由题意可得:据此有: .本题选择B选项.7. 设是公比为正数的等比数列,,则()A. 2B. -2C. 8D. -8【答案】C【解析】由题意有:,即:,公比为负数,则.本题选择A选项.8. 的内角的对边分别为,已知,则()A. B. C. 2 D. 3...【答案】D【解析】由余弦定理:,即:,整理可得:,三角形的边长为正数,则: .本题选择D选项.9. 不等式的解集为,则不等式的解集为()A. B. C. D.【答案】B【解析】∵不等式ax2+bx+2>0的解集为{x|−1<x<2},∴−1,2是一元二次方程ax2+bx+2=0的两个实数根,且a<0,∴,解得a=−1,b=1.则不等式2x2+bx+a<0化为2x2+x−1<0,解得−1<x< .∴不等式2x2+bx+a<0的解集为 .本题选择B选项.点睛:解一元二次不等式时,当二次项系数为负时要先化为正,再根据判别式符号判断对应方程根的情况,然后结合相应二次函数的图象写出不等式的解集. 10. 已知各项均为正数的等差数列的前20项和为100,那么的最大值是( )A. 50B. 25C. 100D. 2【答案】B结合题意和均值不等式的结论有:,当且仅当时等号成立.本题选择B选项.11. 对于任意实数,不等式恒成立,则实数的取值范围是()A. B. C. D.【答案】A【解析】当m=0时,mx2−mx−1=−1<0,不等式成立;设y=mx2−mx−1,当m≠0时函数y为二次函数,y要恒小于0,抛物线开口向下且与x轴没有交点,即要m<0且△<0得到:解得−4<m<0.综上得到−4<m⩽0.本题选择A选项....点睛:不等式ax2+bx+c>0的解是全体实数(或恒成立)的条件是当a=0时,b=0,c>0;当a≠0时,不等式ax2+bx+c<0的解是全体实数(或恒成立)的条件是当a=0时,b=0,c<0;当a≠0时,12. 两千多年前,古希腊毕达哥拉斯学派的数学家曾经在沙滩上研究数学问题.他们在沙滩上画点或用小石子表示数,按照点或小石子能排列的形状对数进行分类.如下图中实心点的个数为梯形数.根据图形的构成,记此数列的第项为,则()A. B. C. D.【答案】D【解析】观察梯形数的前几项,得5=2+3=a1,9=2+3+4=a2,14=2+3+4+5=a3,…,由此可得a2013=2+3+4+5+…+2011=×2014×2017,∴a2013−5=×2014×2017−5=1007×2017−5=2019×1006,本题选择D选项.二、填空题(本大题共4个小题,每小题5分,共计20分,将答案填在答题纸上)13. 不等式的解集是____________________。

湖北省宜昌市部分示范高中教学协作体1718学年度高一下

湖北省宜昌市部分示范高中教学协作体1718学年度高一下

湖北省宜昌市部分示范高中教学协作体 2017—2018学年度下学期期末联考高一数学试题(全卷满分:150 分 考试用时:120分钟)一. 选择题:本大题共12小题,每小题5分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的. 1.若a >b ,则下列正确的是( ) A .a 2> b 2 B .ac 2> bc 2 C .a 3>b 3 D .ac > bc2.已知关于x 的不等式(ax -1)(x +1)<0的解集是(-∞,-1)∪⎝⎛⎭⎫-12,+∞,则a =( ) A .2 B .-2 C .-12 D.123.在△ABC 中,AB =5,BC =6,AC =8,则△ABC 的形状是( ) A .锐角三角形 B .钝角三角形 C .直角三角形 D .等腰三角形或直角三角形4.设是等差数列的前项和,若,则A .B .C .D .5.在△ABC 中,角A ,B ,C 所对的边分别是a ,b ,c ,若a cos B =b cos A ,则△ABC 是( ) A .等腰三角形 B .直角三角形C .等腰直角三角形D .等腰或直角三角形6. 等比数列{a n }中,T n 表示前n 项的积,若T 5=1,则( ) A .a 1=1 B .a 3=1 C .a 4=1 D .a 5=17.设首项为1,公比为的等比数列{a n }的前n 项和为S n ,则( ). A .S n =2a n -1 B .S n =3a n -2 C .S n =4-3a n D .S n =3-2a n8.平面截球O 的球面所得圆的半径为1,球心O 到平面的距离为,则此球的体积为( ) A . B . C . D .9. 一个棱长为1的正方体被一个平面截去一部分后,剩余部分的三视图如图所示,则该几何体的体积为( ) A . B . C . D .10.在正四棱锥(底面为正方形,顶点在底面的正投影为正方形的中心)中,,直线与平面所成的角为,为的中点,则异面直线与所成角为( ) A. B. C. C.11.若两个正实数x ,y 满足1x +4y =1,且不等式x +y4<m 2-3m 有解,则实数m 的取值范围是( ) A .(-1,4) B .(-∞,0)∪(3,+∞) C .(-4,1) D .(-∞,-1)∪(4,+∞) 12.《九章算术》中,将底面为长方形且有一条侧棱与底面垂直的四棱锥称之为阳马;将四个面都为直角三角形的三棱锥称之为鳖臑.若三棱锥P -ABC 为鳖臑,P A ⊥平面ABC ,P A =AB =2,AC =4,三棱锥P -ABC 的四个顶点都在球O 的球面上,则球O 的表面积为( )A .8πB .12πC .20πD .24π二、填空题:本大题共4小题,每小题5分。

湖北省宜昌市县域优质高中协同发展共合体2017-2018学年高一下学期期末考试数学(理)试卷

湖北省宜昌市县域优质高中协同发展共合体2017-2018学年高一下学期期末考试数学(理)试卷

宜昌市县域优质高中协同发展共合体2017--2018学年度第二学期高一年级期末联考理科数学试卷本试卷共4页,满分150分,考试时间120分钟.一. 选择题:本大题共12小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.直线03=-+y x 的倾斜角为 ( )A.45 B.120C.135D.1502.若点),(210到直线)(003:>=++m m y x l 的距离为10,则m = ( )A.7B.217 C.14 D.173.圆台的体积为π7,上、下底面的半径分别为1和2,则圆台的高为 ( )A.3B.4C.6D.24.给出下列四种说法:① 若平面βα//,直线βα⊂⊂b a ,,则b a //; ② 若直线b a //,直线α//a ,直线β//b ,则βα//; ③ 若平面βα//,直线α⊂a ,则β//a ;④ 若直线α//a ,β//a ,则βα//. 其中正确说法的个数为 ( )A.4个B.3个C. 2个D.1个5.设等差数列{}n a 的前n 项和为n S ,若111a =-,466a a +=-,则当n S 取最小值时,n 等于 ( )A.5B.6C.7D.86.半径为R 的半圆卷成一个圆锥,则它的体积是( )A.3245R π B.385R π C.3243R π D.383R π7.如图,在ABC Rt ∆中,︒=∠90ABC ,P 为ABC ∆所在平面外一点,ABC PA 平面⊥,则四面体ABC P -中直角三角形的个数为 ( )A. 1B.2 C .3 D.48.已知水平放置的ABC ∆用斜二测画法得到平面直观图A B C '''∆是边长为a 的正三角形,那么 原来ABC ∆的面积为 ( )A. 232aB. 432a C2D.229.设变量y x ,满足约束条件⎪⎩⎪⎨⎧≤-+≤-≤-0820202y x y x x 则目标函数y x z +=3的最大值为 ( )A.7B.8C.9D.1410.数学家欧拉1765年在其所著的《三角形几何学》一书中提出:任意三角形的外心、重心、垂心在同一条直线上,后人称为欧拉线,已知ABC ∆的顶点)40()02(,,,B A ,若其欧拉线方程为02=+-y x , 则顶点C 的坐标为 ( )A.),(40-B.)(0,4-C.)(0,4或)(0,4-D.)(0,411.若动点),(),,(222111y x p y x p 分别在直线015:,05:21=--=--y x l y x l 上移动,则21P P 的中点P 到原点的距离的最小值是 ( ) A.25 B.2215 C.215 D.225 12.ABC ∆中,角C B A ,,的对边长分别为c b a ,,,若c A b B a 53c o s c o s =-,则)t a n (B A -的最大值为 ( ) A.34 B.1 C.43D.3二.填空题:本大题共4小题,每小题5分,共20分.请将最后答案填在答题卡的相应位置.13.直线)(R a y ax l ∈=++03:过定点,定点坐标为________.14.正方体1111D C B A ABCD -中,异面直线D A 1与AC 所成角的大小为________.15.已知直线01)1(2:,013:21=+++=++y a x l y ax l 互相平行,则实数a 的值是________.16.三棱锥的三视图如图所示,则该三棱锥的外接球的表面积为________.三、解答题:解答应写出文字说明,证明过程和演算步骤,本大题共6小题,70分.17.(本小题满分10分)如图,圆柱的底面半径为r ,球的直径与圆柱底面的直径和圆柱的高相等,圆锥的顶点为圆柱上底面的圆心,圆锥的底面是圆柱的下底面. (Ⅰ) 计算圆柱的表面积;(Ⅱ)计算图中圆锥、球、圆柱的体积比.俯视图18.(本小题满分12分)光线通过点)3,2(A ,在直线01:=++y x l 上反射,反射光线经过点)1,1(B . (Ⅰ)求点)3,2(A 关于直线l 对称点的坐标; (Ⅱ)求反射光线所在直线的一般式方程.19.(本小题满分12分)△ABC 的内角A ,B ,C 的对边分别为c b a ,,,若54cos =C ,135cos =A ,2=a . (Ⅰ)求b 的值; (Ⅱ)求△ABC 的面积.20.(本小题满分12分)设正项等比数列{}n a 的前n 项和为n S ,且满足32222a a S +=,48a =. (Ⅰ)求数列{}n a 的通项公式;(Ⅱ)设数列2log n n b a =,求{||}n b 的前n 项和n T .21.(本小题满分12分)已知我国华为公司生产某款手机的年固定成本为40万元,每生产1万只还需另投入16万元.设公司一年内共生产该款手机x 万只并全部销售完,每万只的销售收入为)(x R 万元,且⎪⎩⎪⎨⎧>-≤<-=)40(400007400)400(,6400)(2x x xx x x R . (Ⅰ)写出年利润W (万元)关于年产量x (万只)的函数的解析式;(Ⅱ)当年产量为多少万只时,公司在该款手机的生产中获得的利润最大?并求出最大利润.22.(本小题满分12分)已知斜三棱柱111C B A ABC -的底面是直角三角形,090=∠ACB ,侧棱与底面成锐角α,点1B 在底面上的射影D 落在BC 边上.(Ⅰ) 求证:AC ⊥平面11BBCC ;(Ⅱ) 当α为何值时,11AB BC ⊥,且D 为BC 的中点?(Ⅲ) 当11AB BC ⊥,且D 为BC 的中点时,若2BC =,四棱锥11A BCC B -的体积为2,求二面角11A B C C --的大小.一.选择题:二.填空题:13. ),(30- 14.3π15. 3- 16.π6 三.解答题:17.(Ⅰ)已知圆柱的底面半径为r ,则圆柱和圆锥的高为r h 2=,圆锥和球的底面半径为r ,则圆柱的表面积为222642r r r S πππ=+⨯=圆柱表; 5分 (Ⅱ)由(Ⅰ)知3232231r r r V ππ=⨯=圆锥, 3222r r r V ππ=⨯=圆柱,334r V π=球 8分=圆柱球圆锥::V V V 32123432333::::=r r r πππ 10分 18.(Ⅰ)设点)32(,A 关于直线l 的对称点为),(000y x A ,则⎪⎪⎩⎪⎪⎨⎧=++++=--0123221230000y x x y 4分解得3,400-=-=y x ,即点)32(,A 关于直线l 的对称点为)3,4(0--A . 6分(Ⅱ)由于反射光线所在直线经过点)3,4(0--A 和)1,1(B ,所以反射光线所在直线的方程为)1(541-=-x y 即0154=+-y x .12分19.(Ⅰ)在△ABC 中,)0(,,π,∈C B A 由135cos =A 得1312)135(1cos 1sin 22=-=-=A A , 由54cos =C 得53)54(1cos 1sin 22=-=-=C C , )sin())(sin(sin C A C A B +=+-=π=C A C A sin cos cos sin +=656353135541312=⨯+⨯ 5分 由正弦定理Bb A a sin sin =得656313122b=, 7分 从而1021=b 8分 (Ⅱ)5063531021221sin 21=⨯⨯⨯==∆C ab S ABC 12分20.(Ⅰ) 设正项等比数列}{n a 的公比为q ,则0>q 且1≠q 由已知23222a a S +=有02123=-+a a a ,即021121=-+a q a q a0122=-+∴q q 故21=q 或1-=q (舍) 74421--⎪⎭⎫ ⎝⎛=⨯=∴n n n qa a 6分(Ⅱ)由(Ⅰ)知:n b n -=7 故当7≤n 时,0≥n b∴当7≤n 时,21322)(2121nn b b n b b b T n n n +-=+=+++= 当7>n 时,)(98721n n b b b b b b T ++-+++=422132)()(2221721+-=+++-+++=nn b b b b b b n⎪⎪⎩⎪⎪⎨⎧>+-≤+-=∴7,4221327,213222n n n n nn T n . 12分21. (Ⅰ)当400≤<x 时403846)4016()(2-+-=+-=x x x x xR W , 当40>x 时73601640000)4016()(+--=+-=x xx x xR W ⎪⎩⎪⎨⎧>+--≤<-+-=)40(73601640000)400(4038462x x x x x x W6分(Ⅱ)①当400≤<x 时,610432640384622+--=-+-=)(x x x W 6104)32(max ==W W8分②当40>x 时,73601640000+--=x xW 因为1600164000021640000=⨯≥+x xx x ,当且仅当x x 1640000= 即),40(50+∞∈=x 时取等号,此时57607360160073601640000=+-≤+--=x xW ,5760)50(max ==W W 11分综合①②知,当32=x 时,W 取最大值为6104万元. 12分22. (Ⅰ)因为点1B 在底面上的射影D 落在BC 边上,所以ABC D B 面⊥1,所以BC AC AC D B ⊥⊥由,1,所以11CC BB AC 平面⊥ 3分(Ⅱ)因为11CC BB AC 平面⊥,要使11BC AB ⊥,只要11BC C B ⊥,又11CC BB 是平行四边形,所以只要11CC BB 是菱形;因为BC D B ⊥1,当C BB 1∆是等边三角形时D 为BC 的中点,因为ABC D B 面⊥1,所以侧棱与底面成锐角α为BD B 1∠,从而当α为3π时,11BC AB ⊥,且D 为BC 的中点. 7分(Ⅲ)如图,取11C B 中点M ,连接CM AM ,,C C B 11∆是等边三角形,所以11C B CM ⊥,由11CC BB AC 平面⊥得11C B AC ⊥,AMC C B 面⊥11,所以AMC ∠是二面角C C B A --11的平面角。

【高一数学试题精选】2018年宜昌市七校高一数学下期末试题(有答案和解释)

【高一数学试题精选】2018年宜昌市七校高一数学下期末试题(有答案和解释)

2018年宜昌市七校高一数学下期末试题(有答案和解释)
5
宜昌市部分示范高中教学协作体8
【答案】c
【解析】由题意有,即,
比为负数,则
本题选择A选项
8 的内角的对边分别为,已知,则()
A B c 2 D 3
【答案】D
【解析】由余弦定理,即,
整理可得 ,三角形的边长为正数,则
本题选择D选项
9 不等式的解集为,则不等式的解集为()
A B c D
【答案】B
【解析】∵不等式ax2+bx+2 0的解集为{x| 1 x 2},
∴ 1,2是一元二次方程ax2+bx+2=0的两个实数根,且a 0,
∴ ,解得a= 1,b=1
则不等式2x2+bx+a 0化为2x2+x 1 0,
解得 1 x
∴不等式2x2+bx+a 0的解集为
本题选择B选项
点睛解一元二次不等式时,当二次项系数为负时要先化为正,再根据判别式符号判断对应方程根的情况,然后结合相应二次函数的图象写出不等式的解集
10 已知各项均为正数的等差数列的前2)+180。

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宜昌市部分示范高中教学协作体2018年春期末联考高一数学(全卷满分:150 分 考试用时:120分钟)一. 选择题:本大题共12小题,每小题5分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.若a >b ,则下列正确的是( ) A .a 2> b 2B .ac 2> bc2C .a 3>b 3D .ac > bc2.已知关于x 的不等式(ax -1)(x +1)<0的解集是(-∞,-1)∪⎝ ⎛⎭⎪⎫-12,+∞,则a =( ) A .2 B .-2 C .-12 D.123.在△ABC 中,AB =5,BC =6,AC =8,则△ABC 的形状是( ) A .锐角三角形B .钝角三角形C .直角三角形D .等腰三角形或直角三角形4.设n S 是等差数列{}n a 的前n 项和,若1353a a a ++=,则5S = A .5 B .7 C .9 D .115.在△ABC 中,角A ,B ,C 所对的边分别是a ,b ,c ,若a cos B =b cos A ,则△ABC 是( ) A .等腰三角形B .直角三角形C .等腰直角三角形D .等腰或直角三角形6. 等比数列{a n }中,T n 表示前n 项的积,若T 5=1,则( ) A .a 1=1 B .a 3=1 C .a 4=1 D .a 5=17.设首项为1,公比为23的等比数列{a n }的前n 项和为S n ,则( ). A .S n =2a n -1 B .S n =3a n -2C .S n =4-3a nD .S n =3-2a n8.平面α截球O 的球面所得圆的半径为1,球心O 到平面α( )A .B .CD .9. 一个棱长为1的正方体被一个平面截去一部分后,剩余部分的三视图如图所示,则该几何体的体积为( )A . 12B . 13C . 23D .5610.在正四棱锥(底面为正方形,顶点在底面的正投影为正方形的中心)ABCD P -中,2=PA ,直线PA 与平面ABCD 所成的角为︒60,E 为PC 的中点,则异面直线PA 与BE 所成角为( )A.90 B.60 C.45 C.3011.若两个正实数x ,y 满足1x +4y =1,且不等式x +y 4<m 2-3m 有解,则实数m 的取值范围是( )A .(-1,4)B .(-∞,0)∪(3,+∞)C .(-4,1)D .(-∞,-1)∪(4,+∞)12.《九章算术》中,将底面为长方形且有一条侧棱与底面垂直的四棱锥称之为阳马;将四个面都为直角三角形的三棱锥称之为鳖臑.若三棱锥P ­ABC 为鳖臑,PA ⊥平面ABC ,PA =AB =2,AC =4,三棱锥P ­ABC 的四个顶点都在球O 的球面上,则球O 的表面积为( )A .8πB .12πC .20πD .24π二、填空题:本大题共4小题,每小题5分。

13.数列{a n }中的前n 项和S n =n 2-2n ,则通项公式a n =________.14.若不等式x 2+ax +4<0的解集不是空集,则实数a 的取值范围是________.15. α,β是两个平面,m ,n 是两条直线,有下列四个命题:①如果m ⊥n ,m ⊥α,n ∥β,那么α⊥β. ②如果m ⊥α,n ∥α,那么m ⊥n . ③如果α∥β,m ⊂α,那么m ∥β.④如果m ∥n ,α∥β,那么m 与α所成的角和n 与β所成的角相等. 其中错误的命题有________.(填写错误命题的编号)16. 在△ABC 中,内角A ,B ,C 所对的边分别是a ,b ,c ,若b =3,B =π3,则2a+ c 的最大值为 .三.解答题:解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤(17题10分,其余各题12分).17.在ABC ∆222sin B B =.(1)求角B 的值;(2)若4a =,b =c 的值.18.已知{}n a 是等差数列,{}n b 是等比数列,且11=2a b =,3522a a +=,246b b b =. (1)数列{}n a 和{}n b 的通项公式; (2)设n n n c a b =-,求数列{}n c 前n 项和.-中,底面ABCD是矩形,侧棱PA⊥底面ABCD,,E F分别是19.在四棱锥P ABCDPB PD的中点,PA AD,=.(1)求证:EF∥平面ABCD;(2)求证:平面AEF⊥平面PCD20.某建筑公司用8 000万元购得一块空地,计划在该地块上建造一栋至少12层、每层4 000平方米的楼房.经初步估计得知,如果将楼房建为x(x≥12)层,则每平方米的平均建筑费用为Q(x)=3 000+50x(单位:元).(1)求楼房每平方米的平均综合费用f(x)的解析式.(2)为了使楼房每平方米的平均综合费用最少,该楼房应建为多少层?每平方米的平均综合费用最小值是多少?(注:平均综合费用=平均建筑费用+平均购地费用,平均购地费用=购地总费用)建筑总面积21.在△ABC 中,内角A ,B ,C 所对的边分别为a ,b ,c ,已知cos 2B +cos B =1-cos A cosC . (1)求证:a ,b ,c 成等比数列; (2)若b =2,求△ABC 的面积的最大值.22.已知数列{a n }满足:a 1=3,a n +1=n +1na n +2n +2. (1)证明:数列⎩⎨⎧⎭⎬⎫a n n 是等差数列;(2)证明:1a 1+1a 2+1a 3+…+1a n<1.宜昌市部分示范高中教学协作体2018年春期末联考高一数学参考答案13、 2n -3 14、(-∞,-4)∪(4,+∞) 15、① 16、17. 解:(1222sin B B =,所以2cos 2sin B B B =. ……………2分 因为0B π<<,所以sin 0B ≠, 所以tan B =3B π=. ……………5分(2)由余弦定理可得(222424cos3c c π=+-⋅⋅⋅, ……………7分所以24120c c --=,解得6c =或2c =-(舍).解得6c =. ……………10分18.解:(1)设等差数列{}n a 的公差为d ,等比数列{}n b 的公比为q . 因为354222a a a +==,所以41123a d ==+.解得d =3. ……………2分 又因为241565b b bb b qb ===,所以12q b ==. ……………4分 所以31,2,*n n n a n b n N =-=∈. ……………6分 (2)由(Ⅰ)知,31,2,*n n n a n b n N =-=∈. 因此=312n n n n c a b n =---数列{}n a 前n 项和为2(231)322n n n n+-+=. ……………8分数列{}n b 的前n 项和为12(12)2212n n +-=--. ……………10分所以,数列{}n c 前n 项和为221133422,=2*22n n n n n n n N +++++-+-∈或,. ………12分19. 解:(1)证明:连接BD ,因为,E F 分别是,PB PD 的中点,所以EF BD ∥. ………2分 又因为EF ⊄平面ABCD ,BD ⊂平面ABCD , ………4分 所以EF ∥平面ABCD . ………6分 (2)证明:因为PA AD =,F 为PD 中点.所以AF PD ⊥.又因为ABCD 是矩形,所以CD AD ⊥. 因为PA ⊥底面ABCD ,所以PA CD ⊥.因为PA AD A =I ,所以CD ⊥平面PAD . ………8分 因为AF ⊂平面PAD ,所以CD AF ⊥.又因为PD CD D =I ,所以AF ⊥平面PCD . ………10分 又因为AF ⊂平面AEF ,所以平面AEF ⊥平面PCD ………12分 20. 解(1)依题意得,f (x )=Q (x )+8 000×10 0004 000x =50x +20 000x+3 000(x ≥12,x ∈N *), ………5分(2)f (x )=50x +20 000x+3 000≥250x ·20 000x+3 000=5 000(元). ………8分当且仅当50x =20 000x,即x =20时上式取“=”. ………10分因此,当x =20时,f (x )取得最小值5 000(元).所以为了使楼房每平方米的平均综合费用最少,该楼房应建为20层,每平方米的平均综合费用最小值为5 000元. ………12分21.(1)证明:在△ABC 中,cos B =-cos(A +C ).由已知,得(1-sin 2B )-cos(A +C )=1-cos A cos C , ………2分 ∴-sin 2B -(cos A cosC -sin A sin C )=-cos A cos C ,化简,得sin 2B =sin A sinC .由正弦定理,得b 2=ac ,∴a ,b ,c 成等比数列. ………6分 (2)由(1)及题设条件,得ac =4.则cos B =a 2+c 2-b 22ac =a 2+c 2-ac 2ac ≥2ac -ac 2ac =12, ………8分当且仅当a =c 时,等号成立. ∵0<B <π,∴sin B =1-cos 2B ≤ 1-⎝ ⎛⎭⎪⎫122=32. ………10分 ∴S △ABC =12ac sin B ≤12×4×32= 3.∴△ABC 的面积的最大值为 3. ………12分22.证明(1)由a n +1=n +1n a n +2n +2,得a n +1n +1=a nn+2, ………2分 即a n +1n +1-a nn =2,∴数列⎩⎨⎧⎭⎬⎫a n n 是首项为3,公差为2的等差数列. ………4分 (2)由(1)知,a n n=3+(n -1)×2=2n +1,∴a n =n (2n +1), ………6分 ∴1a n =1nn +<1nn +=1n -1n +1, ………9分 ∴1a 1+1a 2+1a 3+…+1a n <⎝ ⎛⎭⎪⎫11-12+⎝ ⎛⎭⎪⎫12-13+⎝ ⎛⎭⎪⎫13-14+…+⎝ ⎛⎭⎪⎫1n -1n +1=11-1n +1<1, ∴1a 1+1a 2+1a 3+…+1a n<1. ………12分。

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