2020年高三物理复习单元检测卷七

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2020届高考物理一轮复习单元练习题第七章静电场单元训练题(含答案)

1 / 10静电场单元测试题本卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分。

满分100分，考试时间90分钟。

第Ⅰ卷(选择题共40分)一、选择题(共10小题，每小题4分，共40分。

在每小题给出的四个选项中，第1～6题只有一项符合题目要求，第7～10题有多项符合题目要求。

全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。

)1.如图所示的同心圆是电场中的一簇等势线。

一个电子只在电场力作用下沿着直线由A →C 运动时的速度越来越小，B 为线段AC 的中点，则下列说法正确的是( )A ．电子沿AC 方向运动时受到的电场力越来越小B ．电子沿AC 方向运动时它具有的电势能越来越大 C ．电势差U AB ＝U BCD ．电势φA <φB <φC2. 如图所示，在空间直角坐标系O xyz 中，A 、B 、C 、D 四个点的坐标分别为(L,0,0)、(0，L,0)、(0,0，L )、(2L,0,0)．在坐标原点O 处固定电荷量为＋Q 的点电荷，下列说法正确的是( )A ．电势差U OA ＝U ADB ．A 、B 、C 三点的电场强度相同C ．电子在B 点的电势能大于在D 点的电势能2 / 10D ．将一电子由D 点分别移动到A 、C 两点，电场力做功相同3．如图所示，A 、B 为两个等量正点电荷，O 为A 、B 连线的中点，以O 为坐标原点、垂直AB 向右为正方向建立Ox 轴．下列四幅图分别反映了在x 轴上各点的电势φ(取无穷远处电势为零)和电场强度E 的大小随坐标x 的变化关系，其中正确的是( )4．均匀带电的球壳在球外空间产生的电场等效于电荷集中于球心处产生的电场。

如图所示，在半球面AB 上均匀分布着正电荷，总电荷量为q ，球面半径为R ，CD 为通过半球面顶点与球心O 的轴线，在轴线上有M 、N 两点，OM ＝ON ＝2R 。

已知M 点的场强大小为E ，则N 点的场强大小为( )A ．kq2R 2－E B ．kq 4R 2 C ．kq4R 2－E D ．kq4R 2＋E 5.如图所示为一个点电极A 与平板电极B 接入电源时的空间电场分布图，C 为A 到B 垂线的中点，D 、E 为同在A 、B 直线上的两点，DC ＝CE ，F 、G 处在DE 的中垂线上，FC ＝CG ，下列说法正确的是( )A ．C 点电势等于F 点电势B．F点的电场强度大于C点的电场强度C．D、C两点间电势差小于C、E两点间电势差D．电子从F点沿直线移动到G点，电场力先做正功，后做负功6．示波器是一种多功能电学仪器，它是由加速电场和偏转电场组成．如图所示，电子在电压为U1的电场中由静止开始加速，然后射入电压为U2的平行金属板间的电场中，入射方向与极板平行，在满足电子能射出平行电场区域的条件下，下述情况一定能使电子偏转角度θ变大的是( )A．U1变大，U2变大B．U1变小，U2变大C．U1变大，U2变小D．U1变小，U2变小7．一带电粒子仅在电场力作用下以初速度v0从t＝0时刻开始运动，其vt图象如图所示．如粒子在2t0时刻运动到A点，5t0时刻运动到B点．以下说法中正确的是( )A．A、B两点的电场强度大小关系为E A＝E BB．A、B两点的电势关系为φA>φBC．粒子从A点运动到B点时，电场力做的总功为正D．粒子从A点运动到B点时，电势能先减少后增加3 / 104 / 108．如图所示，平行板电容器与电动势为E ′的直流电源(内阻不计)连接，下极板接地，静电计所带电荷量很少，可被忽略．一带负电油滴被固定于电容器中的P 点．现将平行板电容器的下极板竖直向下移动一小段距离，则( ).A ．平行板电容器的电容将变小B ．静电计指针张角变小C ．带电油滴的电势能将减少D ．若先将上极板与电源正极的导线断开，再将下极板向下移动一小段距离，则带电油滴所受电场力不变9. 如图，在正点电荷Q 的电场中有M 、N 、P 、F 四点，M 、N 、P 为直角三角形的三个顶点，F 为MN 的中点。

2020年高考物理一轮复习专题7.6 静电场精品测试卷(原卷版)

第7章静电场单元测试【满分：100分时间：90分钟】一、选择题(本大题共20小题，每小题3分，共60分)1．（安徽省宣城市2019届高三第二次模拟）如图，光滑绝缘圆环竖直放置，a、b、c为三个套在圆环上可自由滑动的空心带电小球，已知小球c位于圆环最高点，ac连线与竖直方向成60°角，bc连线与竖直方向成30°角，三个小球均处于静止状态。

下列说法正确的是（）A．a、b、c小球带同种电荷B．a、b小球带异种电荷C．a、b小球电量之比为36D．a、b小球电量之比为32．（河北衡水中学2019届高三调研）如图所示，三角形abc的三个顶点各自固定一个点电荷，A处点电荷受力如图所示，则B处点电荷受力可能是（）A．F1B．F2C．F3D．F43．（四川达州市普通高中2019届第二次诊断性测试）如图所示，两个带电小球A、B分别处在光滑绝缘的斜面和水平面上，且在同一竖直平面内。

用水平向左的推力F作用于B球，两球在图示位置静止。

现将B 球水平向左移动一小段距离，发现A球随之沿斜面向上移动少许，两球在虚线位置重新平衡．与移动前相比，下列说法正确的是A ．斜面对A 的弹力增大B ．水平面对B 的弹力不变C ．推力F 变小D ．两球之间的距离变小4．（辽宁省大连市八中2019年高考模拟）如图所示，在粗糙绝缘的水平面上有一物体A 带正电，另一带正电的物体B 沿着以A 为圆心的圆弧由P 到Q 缓慢地从A 的正上方经过，若此过程中A 始终保持静止，A 、B 两物体可视为质点且只考虑它们之间有库仑力的作用，则下列说法正确的是（）A ．物体A 受到地面的支持力先增大后减小B ．物体A 受到地面的支持力保持不变C ．物体A 受到地面的摩擦力先增大后减小D ．库仑力对物体B 先做正功后做负功5．（天津市九校2019届高三联考）如图所示，电荷均匀分布在半球面上，它在这半球的中心O 处电场强度大小等于E 0，两个平面通过同一条直径，夹角为a ，从半球中分出一部分球面，则所分出的这部分球面上（在“小瓣”上）的电荷在O 处的电场强度大小为( )A ．0sin E E a =B ．0cos E E a =C ．0sin 2a E E =D ．0cos 2a E E = 6．（四川省绵阳中学2019届高三模拟）如图所示，边长为L 的正六边形ABCDEF 的5条边上分别放置5根长度也为L 的相同绝缘细棒。

2020届河北省衡中同卷高三第七次调研考试物理试题

2020届河北省衡中同卷高三第七次调研考试高三物理★祝考试顺利★注意事项：1、考试范围：高考范围。

2、试题卷启封下发后，如果试题卷有缺页、漏印、重印、损坏或者个别字句印刷模糊不清等情况，应当立马报告监考老师，否则一切后果自负。

3、答题卡启封下发后，如果发现答题卡上出现字迹模糊、行列歪斜或缺印等现象，应当马上报告监考老师，否则一切后果自负。

4、答题前，请先将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色签字笔填写在试题卷和答题卡上的相应位置，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。

用2B铅笔将答题卡上试卷类型A后的方框涂黑。

5、选择题的作答：每个小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选择题答题区域的答案一律无效。

6、主观题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。

写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域的答案一律无效。

如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。

不按以上要求作答无效。

7、保持答题卡卡面清洁，不折叠，不破损，不得使用涂改液、胶带纸、修正带等。

8、考试结束后，请将本试题卷、答题卡、草稿纸一并依序排列上交。

一、选择题：本大题共12小题，每小题4分，共48分。

在每小题给出的四个选项中，第1-8小题只有一项符合题目要求；第9-12小题有多项符合题目要求。

全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。

1、甲、乙两车在同一水平道路上，一前一后相距x＝4 m，某时刻两车同时开始运动，两车运动的x－t图象如图所示，则下列表述正确的是( )A．乙车做曲线运动，甲车做直线运动B．甲车先做匀减速运动，后做匀速运动C．乙车的速度不断减小D．两车相遇两次2、如图所示，不计绳的质量以及绳与滑轮的摩擦，物体A的质量为M，水平面光滑．当在绳的B端挂一质量为m的物体时，物体A的加速度为a1，当在绳的B端施以F＝mg的竖直向下的拉力作用时，A的加速度为a2，则a1与a2的大小关系是( )A．a1＝a2B．a1>a2C．a1<a2 D.无法确定3、一质点沿x 轴正方向做直线运动，通过坐标原点时开始计时，其xt -t 图象如图所示，则( )A ．质点在1 s 末的速度为1.5 m/sB ．质点在第1 s 内的平均速度为1.5 m/sC ．质点做匀加速直线运动，在前2秒内的位移为2mD ．质点做匀加速直线运动，加速度为0.5 m/s24、刀、斧、凿等切削工具的刃部叫做劈，如图是用斧头劈木柴的示意图．劈的纵截面是一个等腰三角形，使用劈的时候，垂直劈背加一个力F ，这个力产生两个作用效果，使劈的两个侧面推压木柴，把木柴劈开．设劈背的宽度为d ，劈的侧面长为L ，不计斧头的自身重力，则劈的侧面推压木柴的力约为( )A.F L d B.F d L C.F d L 2 D.F Ld25、由吴京主演的《攀登者》，重现了中国人攀登珠穆朗玛峰的英勇历史，体现了中国人不畏艰险，自强自立的爱国精神。

2020版高考物理一轮复习精选提分综合练单元检测七恒定电流_35

单元检测七恒定电流考生注意：1．本试卷共4页．2．答卷前，考生务必用蓝、黑色字迹的钢笔或圆珠笔将自己的姓名、班级、学号填写在相应位置上．3．本次考试时间90分钟，满分100分．4．请在密封线内作答，保持试卷清洁完整．一、单项选择题(本题共8小题，每小题3分，共计24分．每小题只有一个选项符合题意)1．用电器到发电站的距离为l，线路上的电流为I，已知输电线的电阻率为ρ.为使线路上的电压降不超过U，那么，输电线横截面积的最小值为( )A.ρlRB.2ρlIUC.UρlID.2UlIρ2．(2018·锦屏中学模拟)如图1，E为内阻不能忽略的电池，R1、R2、R3为定值电阻，S0、S为开关，与分别为电压表和电流表．初始时S0与S均闭合，现将S断开，则( )图1A.的读数变大，的读数变小B.的读数变大，的读数变大C.的读数变小，的读数变小D.的读数变小，的读数变大3.如图2所示的电路中，灯泡A和灯泡B原来都是正常发光的，现在突然灯泡A比原来变暗了些，灯泡B比原来变亮了些，则电路中出现的故障可能是( )图2A．R3断路B．R2断路C．R1短路D．R1、R2同时短路4．(2018·无锡市调研)如图3所示电路中，其中R为一热敏电阻(温度升高时，阻值减小)，C为电容器，R1、R2为两个电阻箱．闭合开关，当环境温度升高时，以下说法正确的是( )图3A．电容器的带电荷量减小B．适当减小电阻箱R1的阻值，可使电容器的带电荷量保持不变C．适当减小电阻箱R2的阻值，可使电容器的带电荷量保持不变D．适当增加电阻箱R2的阻值，可使电容器的带电荷量保持不变5．(2018·海安中学段考)如图4所示，直线A、B分别为电源a、b的路端电压与电流的关系图象，直线C为一电阻R的两端电压与电流的关系图象，将这个电阻R分别接到a、b两电源上，那么( )图4A．R接到a电源上，电源的效率较高B．R接到b电源上，电源的输出功率较大C．R接到a电源上，电源的输出功率较大，但电源效率较低D．R接到b电源上，电阻R的发热功率和电源的效率都较高6．某同学做电学实验(电源内阻r不能忽略)，通过改变滑动变阻器电阻大小，观察到电压表和电流表的读数同时变大，则他所连接的电路可能是下图中的( )7．(2017·南通市、如皋市第二次质检)如图5所示的电路中，电流表和电压表均可视为理想电表，现闭合开关S后，将滑动变阻器滑片P向左移动，下列说法中正确的是( )图5A ．电流表的示数变小，电压表的示数变大B ．电阻R 2消耗的功率变大C ．电容器C 上电荷量减小D ．电源的总功率变大8．(2017·淮阴中学模拟)在如图6所示电路中，闭合电键S ，当滑动变阻器的滑动触头P 向下滑动时，四个理想电表的示数都发生变化，电表的示数分别用I 、U 1、U 2和U 3表示，电表示数变化量的大小分别用ΔI 、ΔU 1、ΔU 2和ΔU 3表示，下列比值错误的是( )图6A.U 1I 不变，ΔU 1ΔI 不变B.U 2I 变大，ΔU 2ΔI 变大 C.U 2I 变大，ΔU 2ΔI不变 D.U 3I 变大，ΔU 3ΔI不变二、多项选择题(本题共4小题，每小题4分，共计16分．每小题有多个选项符合题意．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分)9．(2018·黄桥中学第三次段考)一个直流电动机所加电压为U ，电流为I ，线圈内阻为R ，当它正常工作时，下述说法中正确的是( ) A ．电动机的输出功率为IU －I 2RB ．电动机的输出功率为U 2RC ．电动机的发热功率为I 2RD ．电动机的功率可写成IU ＝I 2R ＝U 2R10．(2018·铜山中学模拟)锂电池因能量密度高、绿色环保而广泛使用在手机等电子产品中．现用充电器为一手机锂电池充电，等效电路如图7所示，充电器电源的输出电压为U ，输出电流为I ，手机电池的内阻为r ，下列说法正确的是( )图7A ．电能转化为化学能的功率为UI －I 2r B ．充电器输出的电功率为UI ＋I 2r C ．电池产生的热功率为I 2r D ．充电器的充电效率为Ir U×100%11．(2018·阜宁中学调研)某同学将一直流电源的总功率P E 、输出功率P R 和电源内部的发热功率P r 随电流I 变化的图线画在同一坐标系中，如图8中的a 、b 、c 所示．则下列说法中正确的是( )图8A ．图线b 表示输出功率P R 随电流I 变化的关系B ．图中a 线最高点对应的功率为最大输出功率C ．在图线上A 、B 、C 三点的纵坐标一定满足关系P A ＝P B ＋P CD ．两个图线交点M 与N 的横坐标之比一定为1∶2，纵坐标之比一定为1∶412．(2017·徐州市、宿迁市、连云港市质检)如图9甲所示，电源的电动势E ＝9 V ，它和灵敏电流表G 的内阻均不可忽略，电压表V 为理想电表，热敏电阻R 的阻值随温度的变化关系如图乙所示．闭合开关S ，当R 的温度等于20 °C 时，电流表示数I 1＝2 mA ，根据以上信息判断，下列说法正确的是( )图9A ．电流表内阻与电源内阻之和为0.5 k ΩB ．电流表示数I 2＝3.6 mA 时热敏电阻的温度是100 °C C ．温度升高时电压表示数U 与电流表示数I 的比值变大D ．温度升高时电压表示数变化量ΔU 与电流表示数变化量ΔI 的比值不变三、非选择题(本题共6小题，共计60分)13．(10分)(2017·南京外国语学校等四模)测量一未知电阻的阻值：(1)某同学首先用多用电表粗测电阻的大小，将多用电表选择开关置于×10 Ω挡，调零后，将红、黑表笔分别接电阻两端，发现指针读数如图10所示，则所测阻值为__________ Ω.图10 图11(2)接着该同学计划用伏安法比较准确地测量电阻的阻值，提供的实验器材有：8 V直流电源；电压表(0～10 V、内阻约20 kΩ)；电流表(0～50 mA、内阻约10 Ω)；滑动变阻器(0～20 Ω、1 A)；开关和导线．请根据实验要求和提供的器材，用笔画线代替导线完成图11未完全连接好的实物电路．(3)在上述(2)的实验中，连接好电路后，闭合开关，发现电流表和电压表皆没有读数，该同学用多用电表检查电路故障．他的操作如下：选用多用电表的直流电压挡，将红、黑表笔分别接在电源正、负极间、变阻器电阻丝的两端、电流表“－”极和电压表“＋”之间，结果多用电表的指针均发生偏转，则可能是连接______________之间的导线发生了断路．(4)实验中移动变阻器滑动触头，记下多组电流表、电压表读数(I、U)，然后在坐标纸上作出U－I图线，图线的________大小表示待测电阻的阻值，在这个实验中，测量值________真实值(选填“＞”“＝”或“＜”)．14．(8分)(2017·丹阳中学模拟)某课外兴趣小组用铜片和锌片插入苹果中，组成了一个苹果电池，并用“测定电动势和内电阻”的实验方法测定该苹果电池的电动势和内电阻．图12(1)实验前，甲同学利用调好的多用电表欧姆“×100”挡来粗测该苹果电池的内阻．测量结果如图12甲所示．他这样做是否正确？若正确，请读出其内阻值；若不正确，请说明理由．________________________________________________________________________(2)乙同学设计好测量电路，选择合适的器材，得到苹果电池两端的电压U和流过它的电流I的几组数据，如下表所示.①请根据第2组和第5组数据计算得到该苹果电池的电动势E＝______V；内电阻r＝______kΩ.(结果保留两位小数)．②除苹果电池、电压表、电流表、电键、导线若干外，可供选择的实验器材有：滑动变阻器R1(阻值0～10 Ω)；电阻箱R2(阻值0～9 999.9 Ω)，该电路中可变电阻应选择________(选填“R1”或“R2”)③请选择合适器材用笔画线代替导线将图乙中实物连接完整．15．(10分)(2017·泰州中学下学期初考)一实验小组用某种导电材料制作成电阻较小的线状元件Z，并通过实验探究该元件中的电流随两端电压从零逐渐增大过程中的变化规律．(1)该小组连成的实物电路如图13所示，其中有两处错误，请在错误的连线上打“×”，并在原图上用笔画出正确的连线．图13 图14(2)在实验中应选用的滑动变阻器是________．A．滑动变阻器R1(0～5 Ω，额定电流5 A)B．滑动变阻器R2(0～200 Ω，额定电流2 A)C．滑动变阻器R3(0～1000 Ω，额定电流0.5 A)(3)实验测得元件中的电压与电流的关系如下表所示，试在图14方格纸中画出电压与电流的关系图线.(4)把元件Z接入如图15所示的电路中，当电阻R阻值为2 Ω时，电流表的读数为1.25 A；当电阻R阻值为3.6 Ω时，电流表的读数为0.80 A．结合图线，求出电池的电动势为__________ V，内阻为________Ω.(不计电流表的内阻，结果保留两位有效数字)图1516．(12分)(2017·泰州中学第二次调研)某种半导体元件(二极管)，电路符号为“”，其特点是具有单向导电性，即电流从正极流入时电阻比较小，从负极流入时电阻比较大．(1)某实验兴趣小组要测绘该种半导体元件的伏安特性曲线．因该半导体元件外壳所印的标识模糊，为判断正负极，用多用电表电阻挡测定其正反向电阻．将选择开关旋至合适处，调整欧姆零点后，将黑表笔接触二极管的左端、红表笔接触右端时，指针偏角比较小；再将红、黑表笔位置对调时指针偏角比较大，由此判断______端为该半导体元件的正极．(选填“左”、“右”)图16(2)如图16是厂家提供的伏安特性曲线，该小组只对加正向电压时的伏安特性曲线进行测绘，以验证与厂家提供的数据是否吻合，可选用的器材有：A．直流电源，电动势3 V；内阻忽略不计；B．0～20 Ω的滑动变阻器一只；C．量程5 V、内阻约50 kΩ的电压表一只；D．量程3 V、内阻约20 kΩ的电压表一只；E．量程0.6 A、内阻约0.5 Ω的电流表一只；F．量程50 mA、内阻约5 Ω的电流表一只；G．待测二极管一只；H．导线、电键等．为了提高测量结果的精确度，电压表应选用______，电流表应选用______．(填序号字母)(3)为了达到测量的目的，请在虚线框内画出该实验的实验电路原理图．(4)该小组通过实验采集数据后描绘出了该半导体元件的伏安特性曲线，通过对比，与厂家提供的曲线基本吻合．如果将该半导体元件与一阻值R＝50 Ω的电阻串联，再接至电动势E＝1.5 V、内阻不计的电源上，该半导体元件处于正向导通状态，则此时该半导体元件的电功率为____________W.17．(10分)(2018·盐城市模拟)如图17所示，E＝10 V，C1＝C2＝30 μF，R1＝4 Ω，R2＝6 Ω，电池内阻可忽略．试求：图17(1)闭合开关S，待电路稳定后，电路中的电流为多少？(2)将S断开，则断开S后流过电阻R1的电荷量为多少？18．(10分)(2018·南通市如东县质量检测)如图18所示电路，电源电动势为E＝3 V，两个定值电阻阻值R1＝R2＝2 Ω，电源内阻r＝1 Ω，电容器的电容值C＝20 μF.开关全部闭合时，一带电油滴恰能在极板间静止．重力加速度g取10 m/s2，求：图18(1)极板带电荷量的大小；(2)电源的效率；(3)断开开关S2时(认为电容器充放电过程极快完成)油滴的加速度的大小和方向．答案精析1．B [用电器与发电站之间的输电线总长为2l ，R ＝ρ·2l S ≤U I ，则S ≥2ρlIU，故B 正确．]2．B 3.B 4.C5．C [由题图知，电阻R 接在电源a 上时电路中电流为0.5I 0，短路电流为I 0，根据闭合电路欧姆定律I ＝ER ＋r得R＝r ，a 电源的效率η＝UIEI ×100%＝U E×100%＝RR ＋r×100%＝50%；同理，电阻R 接在电源b 上时电源b 的效率η>50%，选项A 错误；电源的图线与电阻R 的U －I 图线的交点表示电阻R 接在该电源上的工作状态，由题图知，电阻R 接在电源a 上时电压和电流都较大，故电源a 的输出功率较大，选项B 错误；由以上分析可知，R 接在a 电源上，电源的输出功率较大，电源效率较低，选项C 正确；R 接在b 电源上，电阻R 两端电压和电流较低，故电阻R 的发热功率较低，选项D 错误．] 6．C7．A [闭合开关S 后，将滑动变阻器滑片P 向左移动时，变阻器接入电路的电阻增大，根据闭合电路欧姆定律知，电路中总电流I 减小，电流表的示数变小．电压表的示数U ＝E －I (R L ＋r ＋R 2)，I 减小，其他量不变，则U 增大，电压表的示数变大，故A 正确；将灯泡电阻和电源内阻等效为电源内阻r ′，则P R 2＝(Er ′＋R 2)2R 2＝E 2(r ′－R 2)2R 2＋4r ′，因不知道R 2与r ′的大小关系，故电阻R 2消耗的功率无法判断，故B 错误；电容器的电压等于变阻器两端的电压，即等于电压表的示数，U 增大，由Q ＝CU ，知电容器C 上的电荷量增大，故C 错误；电源的总功率P ＝EI ，I 减小，则电源的总功率变小，故D 错误．]8．B [滑动变阻器的滑动触头P 向下滑动时，R 2接入电路的阻值变大．根据欧姆定律得知：U 1I ＝ΔU 1ΔI ＝R 1，故A 正确；U 2I ＝R 2，变大；根据闭合电路欧姆定律得：U 2＝E －I (R 1＋r )，则有ΔU 2ΔI ＝R 1＋r ，不变，故B 错误，C 正确；U 3I ＝R 1＋R 2，变大；根据闭合电路欧姆定律得：U 3＝E －Ir ，则有ΔU 3ΔI＝r ，不变，故D 正确．] 9．AC [电动机的总功率为P ＝UI ，根据焦耳定律得电动机的发热功率P 热＝I 2R ，故电动机的输出功率P 出＝P －P热＝UI －I 2R ，故A 、C 正确，B 错误．因为P >P 热，即UI >I 2R ，U >IR ，欧姆定律不适用，故UI ≠I 2R ≠U 2R，故D 错误．]10．AC11．CD [电源的总功率与电流的关系为P E ＝EI ∝I ，曲线a 表示电源的总功率随电流变化的图线；设电源的内阻为r ，电源内部的发热功率与电流的关系为P r ＝I 2r ，由数学知识可知，电源内部的发热功率P r 随电流I 变化的图线为开口向上的抛物线，曲线b 表示电源内部的发热功率随电流变化的图线；根据闭合电路中的能量转化关系得，电源的输出功率为P R ＝EI －I 2r ，由数学知识可知，电源的输出功率P R 随电流I 变化的图线为开口向下的抛物线，曲线c 表示电源的输出功率随电流变化的图线，故A 、B 项错误；根据能量守恒定律得P E ＝P r ＋P R ，故C 项正确；M 点所表示的物理意义是电源内部的发热功率等于电源的输出功率，此时外电阻等于内阻，电路中的电流为I 1＝E2r，电源的发热功率P r 1＝E 2I 1＝E 24r ，N 点表示的物理意义是电源的总功率等于发热功率，此时只有电源的内阻，电路中的电流为I 2＝E r ，电源的总功率P E 2＝EI 2＝E 2r，D 项正确．]12．ABD [当温度为20 °C 时，由题图得R 1＝4 k Ω，由闭合电路的欧姆定律得E I 1＝R 1＋R G ＋r ，联立解得R G ＋r ＝0.5 k Ω，A 正确；同理，当I 2＝3.6 mA 时，解得R 2＝2 k Ω，结合题图乙知B 正确；由U I＝R ＋R G 得温度越高，比值越小，C 错误；U ＝E －Ir ，则ΔUΔI ＝r ，知D 正确．]13．(1)200 (2)如图所示(3)电流表和电压表 (4)斜率＜14．(1)不正确，苹果电池为电源，欧姆表不能测电源的内阻 (2)①1.00 1.06 ②R 2 ③见解析图解析 (1)因为欧姆表内部本身有电源，而苹果电池也有电动势，故二者相互影响，无法正确测出电源内阻； (2)①由闭合电路欧姆定律可知E ＝U ＋Ir ，结合题表中第2组和第5组数据：E ＝0.81＋0.18×10－3r ；E ＝0.62＋0.36×10－3r联立解得：E ≈1.00 V；r ≈1.06 k Ω②由于苹果电池的内阻较大，故应选择电阻箱R 2才能起到有效的调节作用．③本实验中采用基本的伏安法即可以测量，由于苹果电池内阻较大，故可以采用电流表相对于电源的内接法，故实物图如图所示．15．(1)见解析图 (2)A (3)见解析图 (4)4.1 0.44解析 (1)因Z 的电阻较小，故应采用电流表外接法；由于要求电压从零开始变化，故滑动变阻器选用分压接法，接法如图．(2)分压接法中，为了便于调节，滑动变阻器应选用总阻值小，且额定电流较大的，故选A；(3)根据描点法得出对应的伏安特性曲线如图所示(4)当电流为1.25 A时，Z元件两端的电压为1.00 V；当电流为0.80 A时，电压为0.82 V；由闭合电路欧姆定律可知：E＝1.25(r＋2)＋1＝1.25r＋3.5E＝0.80(r＋3.6)＋0.82＝0.80r＋3.7联立解得：E＝4.1 V；r＝0.44 Ω16．(1)右(2)D F (3)如图(4) 8.8×10－3(在(8.0～9.5)×10－3内均可)解析(1)二极管具有单向导电性，欧姆表中指针偏转较大说明电阻较小，即为正向电流；而欧姆表内部的电源正极与黑表笔相连，故由题意可知，二极管右端为正极；(2)由题意可知，采用的电源电压为3 V，故为了提高测量结果的精确度，电压表应选取D；由题图可知，最大电流约为30 mA，故电流表应选F；(3)由题意可知，本实验要求作出伏安特性曲线，故要求多测数据，故应采用分压接法；同时，因二极管正向电阻较小，故应采用电流表外接法；(4)设二极管两端电压为U，通过的电流为I，由闭合电路欧姆定律得：U＝1.5－50I(V)，可知该I－U图线为直线，如图，该直线与二极管伏安特性曲线相交，读出交点的纵坐标值为I＝8 mA，交点的横坐标值为U＝1.1 V．则此时该半导体元件的电功率为P＝UI＝8.8×10－3 W.17．(1)1 A (2)4.2×10－4C解析 (1)闭合开关S ，电容器C 1相当于断路，C 2被短路，所以有I ＝ER 1＋R 2＝1 A(2)将S 断开，两个电容器两端的电压都等于电源的电动势，流过电阻R 1的电荷量等于两个电容器的电荷量增加之和．所以有Q 1＝C 1U 2＝30×10－6×6 C＝1.8×10－4 C Q 2＝0Q 1′＝C 1E ＝30×10－6×10 C＝3.0×10－4 C Q 2′＝Q 1′＝3.0×10－4 CΔQ ＝Q 1′＋Q 2′－Q 1＝4.2×10－4C18．(1)4×10－5C (2)66.7% (3)5 m/s 2，方向竖直向上解析 (1)回路电流I ＝ER 1＋r＝1 A电容器两极板间电压U ＝IR 1＝2 V ，电容器带电荷量Q ＝CU ＝4×10－5C. (2)电源输出功率P ＝IU ＝2 W ，电源总功率P 总＝IE ＝3 W ，电源效率η＝PP 总×100%≈66.7%. (3)设油滴带电荷量为q ，极板间距离为d ，由题意可知油滴带负电，开始时，q U d＝mg ， S 2断开后，q Ed－mg ＝ma ，解得a ＝5 m/s 2，方向竖直向上．。

2020年全国普通高等学校招生统一考试物理模拟卷七(版)

2020年全国普通高等学校招生统一考试物理模拟卷七(满分：100分，时间：90分钟)一、选择题(本题共16小题，共38分，第1～10小题为单选题，每小题2分，第11～16小题为多选题，每小题3分)1．在物理学发展的历程中，许多物理学家的科学研究推动了人类文明的进程。

以下对几位物理学家所做科学贡献的叙述中正确的是( )A．牛顿运用理想实验法得出“力不是维持物体运动的原因”B．安培总结出了真空中两个静止点电荷之间的作用规律C．爱因斯坦创立相对论，提出了一种崭新的时空观D．法拉第在对理论和实验资料进行严格分析后，总结出了法拉第电磁感应定律C [伽利略用理想实验法得出“力不是维持物体运动的原因”，A错误；库仑总结出了真空中两个静止点电荷之间的作用规律，B错误；纽曼、韦伯在对理论和实验资料进行严格分析后，总结出了法拉第电磁感应定律，D错误；本题选C。

] 2．下列说法正确的是( )A．天然放射现象揭示了原子具有核式结构B.23892U衰变成20682Pb要经过6次β衰变和8次α衰变C．α、β和γ三种射线中α射线的穿透力最强D．氢原子向低能级跃迁后，核外电子的动能减小B [天然放射现象中，原子核发生衰变，生成新核，同时有中子产生，因此说明了原子核有复杂的结构，但不能说明原子具有核式结构，选项A错误；根据质量数和电荷数守恒知，铀核(23892U)衰变为铅核(20682Pb)要经过6次β衰变和8次α衰变，选项B正确；γ射线的穿透能力最强，电离能力最弱，α射线的穿透能力最弱，电离能力最强，选项C错误；根据玻尔理论可知，氢原子向低能级跃迁后，电子轨道的半径减小，由库仑力提供向心力得k e2r2＝mv2r，可知核外电子的动能增大，选项D错误。

]3．下列说法中正确的是( )A．物体的温度升高时，其内部每个分子热运动的动能一定增大B．气体压强的产生是大量气体分子对器壁持续频繁的碰撞引起的C．物体的机械能增大，其内部每个分子的动能一定增大D．分子间距离减小，分子间的引力和斥力一定减小B [物体的温度升高，分子的平均动能增大，少数分子的动能减少，大多数分子的动能增大，选项A错误；气体压强产生的原因是大量气体分子频繁碰撞器壁而产生的，选项B正确；物体的机械能是物体的动能和势能之和，与分子的动能无关，故物体的机械能增大，分子的动能不一定增大，选项C错误；分子间的间距减小，分子间的引力和斥力都增大，选项D错误。

2020年高考物理模拟试题(七)含答案及解析

2020年高考物理模拟试题（七）满分110分。

考试时间60分钟★祝考试顺利★注意事项：1．答题前，请考生认真阅读答题卡上的注意事项。

务必将自己的姓名、考号填写在答题卡上指定位置，贴好考号条形码或将考号对应数字涂黑。

用2B铅笔将试卷类型A填涂在答题卡相应位置上。

2．选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把对应题目的答案标号涂黑。

如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。

答在试题卷、草稿纸上无效。

3．非选择答题用0.5毫米黑色墨水签字笔直接答在答题卡上每题对应的答题区域内，答在试题卷、草稿纸上无效。

4．考生必须保持答题卡的清洁。

考试结束后，监考人员将答题卡和试卷一并收回。

第Ⅰ卷(选择题共48分)二、选择题：本题共8小题，每题6分，在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一个选项符合题目要求。

第19～21题有多选项符合题目要求。

全部答对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

14．牛顿、伽利略等许多物理学家的科学研究推动了人类文明的进程，下列说法正确的是A．库仑最早通过实验比较准确地测出电子的电荷量B．牛顿做了著名的斜面实验，得出轻重物体自由下落一样快的结论C．卢瑟福通过对α粒子散射实验结果的分析，提出了原子的核式结构模型D．光电效应中光电子的最大初动能只与入射光的频率有关，跟产生光电效应的材料无关15．如图所示，A、B两个小球穿在一根光滑的固定杆上，并且通过一条细绳跨过定滑轮连接。

已知B球质量为m，杆与水平面的夹角为30°，不计所有摩擦。

当两球静止时，OA段绳与杆的夹角也为30°，OB段绳沿竖直方向，则A球的质量为A B C D．2m15．如图所示，线圈abcd固定于分布均匀的磁场中，磁场方向垂直线圈平面。

当磁场的磁感应强度B随时间t变化时，ab边受到的安培力恒定不变。

则下列磁感应强度B随时间t变化的图象中可能正确的是17．北斗卫星导航系统是我国自行研制开发的区域性三维卫星定位与通信系统(CNSS)，建成后的北斗卫星导航系统包括5颗同步卫星和30颗一般轨道卫星。

2020学年度高三物理上学期单元检测7 恒定电流新人教

高三上学期物理单元检测（7） [新课标人教版] 命题范围恒定电流本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。

共100分考试用时90分钟。

第Ⅰ卷（选择题共40分）一、本题共10小题，每小题4分，共40分．在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确．全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分．1．在显像管的电子枪中，从炽热的金属丝不断放出的电子进入电压为 U 的加速电场，设其初速度为零，经加速后形成横截面积为 S 、电流为 I 的电子束。

已知电子的电量为 e 、质量为 m ，则在刚射出加速电场时，一小段长为△L 的电子束内电子个数是（）A ．2I lm eSeU∆B ．2I lm e eU∆ C ．2Im eS eUD ．2IS lm e eU∆2．在如图所示的电路中，E 为电源电动势，r 为电源内阻，R 1和R 3均为定值电阻，R 2为滑动变阻器。

当R 2的滑动触点在a 端时合上开关S ，此时三个电表A 1、A 2和V 的示数分别为I 1、I 2和U 。

现将R 2的滑动触点向b 端移动，则三个电表示数的变化情况是（）A ．I 1增大，I 2不变，U 增大B ．I 1减小，I 2增大，U 减小C ．I 1增大，I 2减小，U 增大D ．I 1减小，I 2不变，U 减小3．压敏电阻的阻值随所受压力的增大而减小，右位同学利用压敏电阻设计了判断小车运动状态的装置，其工作原理如图（a ）所示，将压敏电阻和一块挡板固定在绝缘小车上，中间放置一个绝缘重球。

小车向右做直线运动过程中，电流表示数如图（b ）所示，下列判断正确的是（） A ．从t 1到t 2时间内，小车做匀速直线运动B ．从t 1到t 2时间内，小车做匀加速直线运动C ．从t 2到t 3时间内，小车做匀速直线运动D ．从t 2到t 3时间内，小车做匀加速直线运动4．如图所示电路，A 、B 两点间接上一电动势为4V 、内电阻为1Ω的直流电源，3个电阻的阻值均为4Ω，电容器的电容为30μF ，电流表为理想表，那么，电容器所带的电量、电流表的读数分别是（）A ．9.6×10─5C ，0.8A B ．0，0.8AC ．9.6×10─5C ，1AD ．1.2×10─4C ，0.8A5．电动自行车具有低噪声、无废气、无油污的环保性，而且它的能源利用率很高。

河北省石家庄一中2020届高三物理下学期月考试题(七)(含解析)

河北省石家庄一中2020届高三物理下学期月考试题（七）（含解析）一、单选题（本大题共5小题，共30.0分）1.有一条两岸平直、河水均匀流动、流速恒为v的大河。

小明驾着小船渡河，去程时船头指向始终与河岸垂直，回程时行驶路线与河岸垂直。

去程与回程所用时间的比值为k，船在静水中的速度大小相同，则小船在静水中的速度大小为（）A. B. C. D.2.如图所示，水平直杆OP右端固定于竖直墙上的O点，长为L=2m的轻绳一端固定于直杆P点，另一端固定于墙上O点正下方的Q点，OP长为d=1.2m，重为8N 的钩码由光滑挂钩挂在轻绳上处于静止状态，则轻绳的弹力大小为（）3.4.A. 10NB. 8NC. 6ND. 5N5.如图所示为氢原子的能级图，若氢原子群A处于n=2的能级，氢原子群B处于n=3的能级．则下列说法正确的是（）A. 原子群B最多可能辐射出2种频率的光子B. 原子群A能够吸收原子B发出的光子并跃迁到的能级C. 若要使原子群A发生电离，所吸收的光子的能量可以大于D. 若原子群A辐射出的光能使某金属发生光电效应，则原子群B可能辐射出的所有光也都能使该金属发生光电效应6.如图，两根间距为l的光滑金属导轨（不计电阻），由一段圆弧部分与一段无限长的水平段组成其水平段加有竖直向下方向的匀强磁场，其磁感应强度为B，导轨水平段上静止放置一金属棒cd，质量为2m电阻为r。

另一质量为m，电阻为2r的金属棒ab，从圆弧段M处由静止释放滑至N处进入水平段，圆弧段MN 半径R，所对圆心角为60°，则说法错误的是（）A. ab棒在N处进入磁场区速度是B. ab棒在N处进入磁场区的电流是C. cd棒能达到的最大速度是D. cd棒由静止到达最大速度过程中，cd棒释放的热量是7.假设宇宙中有两颗相距无限远的行星A和B，半径分别为RA和RB．这两颗行星周围卫星的轨道半径的三次方（r3）与运行周期的平方（T2）的关系如图所示；为卫星环绕行星表面运行的周期。

广东省深圳市中学2020届高三物理上学期试题(七)(含解析)

故
N ' N = (mg)2 (ma)2 2mg ， tan ma a 1 mg g ，
45 ，
选项 C 正确； D.水平力 F 增大，系统加速度增大，由
N ' (mg)2 (ma)2
可知，选项 D 正确； 2.如图所示，半径为 R、内壁光滑的硬质小圆桶固定在小车上，小车以速度 v 在光滑的水平公路上做匀速运动，有一质量为 m、可视为质点的光滑小铅球在小圆桶底端与小车保持相对静止．当小车与固定在地面的障碍物相碰后，小车的速度立即变为零．关于碰后的运动(小车始终没有离开地面)，下列说法正确的是 ( )
A. 物块甲可能向左运动 B. 物块甲一定向右运动
C. 物块甲可能静止
D. 物块乙一定向右运动【答案】BD 【解析】根据碰撞过程动量守恒得到：如果甲物体向左运动，则乙物体动量的增加量大于原来甲物体
p2
p2
的动量，由动能与动量的数值关系 Ek= 2m ，因为 M>m，所以乙物体的动能 2m 将会大于原来
牛顿第二定律求得加速度；（2）对甲方案，有与测量时间存在误差，故是主要误差来源
（1）对甲方案：设加速度为
a，则
s
v0t1
1 2
at12
，
2s
v0
(t1
t2
)
1 2
a(t1
t2
)2
a 2s(t1 t2 ) 联立解得 t1t2 (t1 t2 )
tan d
a dg
对乙方案通过受力分析可知 mg tan ma ，其中
B. 汽车和拖车的总动能不变 D. 汽车和拖车的总动能增加
【答案】AD
【解析】
试题分析：由于汽车的牵引力和受到的阻力都不变，汽车和拖车整体的受力不变，合力的大