高考物理大题练习及答案 陆(物理家教必用)
高考物理高考必备物理动量定理技巧全解及练习题(含答案)
高考物理高考必备物理动量定理技巧全解及练习题(含答案)一、高考物理精讲专题动量定理1．蹦床运动是运动员在一张绷紧的弹性网上蹦跳、翻滚并做各种空中动作的运动项目。
一个质量为60kg 的运动员，从离水平网面3.2m 高处自由下落，着网后沿竖直方向蹦回离水平网面5.0m 高处。
已知运动员与网接触的时间为1.2s ，若把这段时间内网对运动员的作用力当作恒力来处理，求此力的大小和方向。
（g 取10m/s 2） 【答案】1.5×103N ；方向向上 【解析】 【详解】设运动员从h 1处下落，刚触网的速度为1128m /s v gh ==运动员反弹到达高度h 2,，网时速度为22210m /s v gh ==在接触网的过程中,运动员受到向上的弹力F 和向下的重力mg ，设向上方向为正，由动量定理有()21()F mg t mv mv -=--得F =1.5×103N方向向上2．如图所示，一光滑水平轨道上静止一质量为M ＝3kg 的小球B ．一质量为m ＝1kg 的小球A 以速度v 0＝2m/s 向右运动与B 球发生弹性正碰，取重力加速度g ＝10m/s 2．求：（1）碰撞结束时A 球的速度大小及方向； （2）碰撞过程A 对B 的冲量大小及方向．【答案】（1）－1m/s ，方向水平向左（2）3N·s ，方向水平向右 【解析】【分析】A 与B 球发生弹性正碰，根据动量守恒及能量守恒求出碰撞结束时A 球的速度大小及方向；碰撞过程对B 应用动量定理求出碰撞过程A 对B 的冲量； 解：（1）碰撞过程根据动量守恒及能量守恒得：0A B mv mv Mv =+2220111222A B mv mv Mv =+ 联立可解得：1m/s B v =，1m/s A v =- 负号表示方向水平向左 （2）碰撞过程对B 应用动量定理可得：0B I Mv =- 可解得：3I N s =⋅ 方向水平向右3．如图所示，在倾角θ=37°的足够长的固定光滑斜面的底端，有一质量m =1.0kg 、可视为质点的物体，以v 0=6.0m/s 的初速度沿斜面上滑。
物理卷子答案高考真题及解析
物理卷子答案高考真题及解析物理正在高中生的学业中扮演着重要角色，而高考作为一项决定学生未来的重要考试，对于物理题目的解答更是要求十分严格。
本文将为大家提供一些物理卷子的高考真题及解析，帮助大家更好地理解和掌握物理知识。
一、单项选择题1. 第一天，一个质点沿着直线从A点出发，经过20秒后到达B 点。
第二天，同一质点沿着同一直线从A点出发，经过15秒后到达C 点。
设质点A、B、C三点的线段为L1，线段距离为S1，L1上的速率为v1；设质点A、C两点间的线段为L2，线段距离为S2，L2上的速率为v2。
下列说法中正确的是：A. S1＜S2，v1＜v2B. S1＜S2，v1＝v2C. S1＝S2，v1＝v2D. S1＝S2，v1＞v2解析：根据题目可知，质点在第一天和第二天所经过的距离不同。
根据速度等于位移除以时间的公式，可以得出S1＜S2，故选项A和B 排除。
因为我们无法判断速度的差别，所以选项C和D也不能确定。
因此，答案为A。
二、填空题2. 若制成透镜的物质的折射率为1.5，则该透镜的折射焦距为________。
解析：折射焦距的计算公式为f=（n-1）/R，其中f为折射焦距，n为物质的折射率，R为透镜的曲率半径。
根据题目可知，折射率n为1.5，代入公式可得f=（1.5-1）/R，即f=0.5/R。
因为题目没有给出透镜的曲率半径R，所以无法得出折射焦距的具体数值。
因此，答案为0.5/R。
三、解答题3. 有一长直导线载有电流I，沿导线方向的磁感应强度大小为B，导线与磁感应强度的夹角为θ。
求导线上的磁力值F与B、l、θ、I的关系式。
解析：根据洛伦兹力的公式F=IlBsinθ，其中F为磁力，I为电流，B为磁感应强度，θ为导线与磁感应强度的夹角，l为导线长度。
根据公式可得F=IlBsinθ。
而且根据正弦函数的性质可知，当θ＝0或θ＝180°时，sinθ＝0，所以当导线与磁感应强度平行或反平行时，磁力为0。
高考物理试题大题及答案
高考物理试题大题及答案一、选择题（每题4分，共40分）1. 下列关于光的折射现象描述正确的是：A. 光从空气斜射入水中时，折射角大于入射角B. 光从水中斜射入空气中时，折射角小于入射角C. 光从空气垂直射入水中时，折射角等于入射角D. 光从水中垂直射入空气中时，折射角等于入射角答案：C2. 根据牛顿第二定律，下列说法正确的是：A. 力是改变物体运动状态的原因B. 力是维持物体运动状态的原因C. 物体的质量越大，加速度越小D. 物体的质量越大，加速度越大答案：A3. 在电磁感应现象中，下列说法错误的是：A. 闭合电路的一部分导体切割磁感线会产生感应电流B. 磁场的变化可以产生感应电流C. 感应电流的方向与磁场方向有关D. 感应电流的方向与导体运动方向无关答案：D4. 根据热力学第一定律，下列说法正确的是：A. 能量守恒定律B. 能量可以创造C. 能量可以消失D. 能量可以从低温物体自发地传递到高温物体答案：A5. 根据相对论，下列说法错误的是：A. 光速在任何惯性参考系中都是相同的B. 质量可以转化为能量C. 物体的质量随速度的增加而增加D. 物体的长度随速度的增加而增加答案：D6. 根据原子核物理，下列说法正确的是：A. 原子核由质子和中子组成B. 原子核由电子和质子组成C. 原子核由电子和中子组成D. 原子核由质子和电子组成答案：A7. 根据量子力学，下列说法错误的是：A. 电子在原子中以概率云的形式存在B. 电子在原子中以确定的轨道存在C. 量子力学是描述微观粒子行为的理论D. 量子力学中，粒子的位置和动量不能同时精确测量答案：B8. 在电场中，下列说法正确的是：A. 电场强度的方向与正电荷所受电场力的方向相同B. 电场强度的方向与负电荷所受电场力的方向相同C. 电场强度的方向与负电荷所受电场力的方向相反D. 电场强度的方向与正电荷所受电场力的方向相反答案：A9. 根据电磁波理论，下列说法错误的是：A. 电磁波可以在真空中传播B. 电磁波的传播速度等于光速C. 电磁波的传播需要介质D. 电磁波是由变化的电场和磁场相互作用产生的答案：C10. 在力学中，下列说法正确的是：A. 物体的惯性只与物体的质量有关B. 物体的惯性与物体的形状有关C. 物体的惯性与物体的运动状态有关D. 物体的惯性与物体所受的力有关答案：A二、填空题（每题4分，共20分）1. 根据欧姆定律，电阻R等于电压U与电流I的比值，即R =_______。
高考江苏物理试题及答案
高考江苏物理试题及答案1. 单选题：下列关于力的描述中，正确的是（）。
A. 力是物体对物体的作用B. 力是物体运动的原因C. 力是物体运动状态改变的原因D. 力是物体发生形变的原因答案：C2. 多选题：下列关于光的描述中，正确的是（）。
A. 光在真空中传播速度为3×10^8 m/sB. 光是电磁波的一种C. 光的传播不需要介质D. 光在不同介质中传播速度相同答案：A、B、C3. 填空题：根据牛顿第二定律，物体的加速度与作用力成正比，与物体的质量成反比，公式为：\[ F = ma \]。
4. 简答题：请简述电磁感应现象。
答案：电磁感应现象是指当导体在磁场中运动或磁场发生变化时，会在导体中产生电动势，从而产生电流的现象。
5. 计算题：一辆质量为1000kg的汽车，以20m/s的速度行驶，突然刹车，刹车时的加速度为-5m/s²，求汽车刹车后10秒内滑行的距离。
答案：首先计算汽车刹车到停止所需的时间，\[ t = \frac{v}{a} = \frac{20}{5} = 4s \]。
由于汽车在4秒后停止，因此10秒内滑行的距离等于4秒内滑行的距离。
使用公式\[ s = \frac{1}{2}at^2 \]计算，\[ s = \frac{1}{2} \times (-5) \times 4^2 = 40m \]。
6. 实验题：设计一个实验来验证牛顿第三定律。
答案：实验步骤如下：1. 准备两个弹簧秤和一根细绳。
2. 将两个弹簧秤的挂钩相连，并将细绳系在两个挂钩之间。
3. 用两个力分别拉两个弹簧秤，记录弹簧秤的读数。
4. 观察两个弹簧秤的读数是否相等，从而验证牛顿第三定律。
7. 论述题：论述能量守恒定律在日常生活中的应用。
答案：能量守恒定律表明在一个封闭系统中，能量不能被创造或消灭，只能从一种形式转换为另一种形式。
在日常生活中，能量守恒定律的应用非常广泛，例如：1. 热力学中，燃烧燃料产生热能，热能又可以转化为机械能。
高考试题及解析物理答案
高考试题及解析物理答案一、选择题1. 根据牛顿第二定律，物体所受合力等于物体质量与加速度的乘积。
下列关于合力和加速度的描述中，正确的是：A. 合力越大，加速度越大B. 合力越大，物体质量越大C. 合力不变，加速度不变D. 合力不变，物体质量越大，加速度越小答案：A解析：牛顿第二定律公式为\( F = ma \)，其中\( F \)表示合力，\( m \)表示物体质量，\( a \)表示加速度。
由此可知，合力与加速度成正比，而与物体质量无关。
因此，选项A正确。
2. 在自由落体运动中，物体的加速度大小为：A. 0B. 9.8m/s²C. 10m/s²D. 11m/s²答案：B解析：自由落体运动是指物体仅受重力作用而下落的运动。
在地球表面附近，物体的重力加速度约为9.8m/s²，因此选项B正确。
二、填空题1. 根据动能定理，物体的动能等于1/2乘以物体质量与速度平方的乘积。
若物体质量为2kg，速度为4m/s，则物体的动能为________。
答案：16J解析：动能公式为\( E_k = \frac{1}{2}mv^2 \)，代入给定的物体质量\( m = 2kg \)和速度\( v = 4m/s \)，可得\( E_k = \frac{1}{2} \times 2kg \times (4m/s)^2 = 16J \)。
三、计算题1. 一辆质量为1000kg的汽车，以20m/s的速度行驶。
若汽车突然刹车，刹车过程中的加速度为-5m/s²，求汽车从刹车到完全停止所经历的时间。
答案：4s解析：根据匀减速直线运动的公式\( v = v_0 + at \)，其中\( v \)为最终速度，\( v_0 \)为初始速度，\( a \)为加速度，\( t \)为时间。
因为汽车最终速度为0，所以\( 0 = 20m/s - 5m/s² \times t \)，解得\( t = 4s \)。
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23.（14 分）已知。
、4、B、C为同一直线上的四点、如间的距离为RB C间的距离为效一物体自。
点由静止出发，沿此直线做匀加速运动，依次经过/、B、C三点，已知物体通过段与段所用的时间相等。
求。
与/的距离.24.（18 分）图中滑块和小球的质量均为m,滑块可在水平放置的光滑固定导轨上自山滑动，小球与滑块上的悬点O由一不可伸长的轻绳相连，轻绳长为U开始时，轻绳处于水平拉直状态，小球和滑块均静止。
现将小球山静止释放, 当小球到达最低点时，滑块刚好被一表面涂有粘性物质的固定挡板粘住，在极短的时间内速度减为零，小球继续向左摆动，当轻绳与竖直方向的夹角0=60。
时小球达到最高点。
求（1）从滑块与挡板接触到速度刚好变为零的过程中，挡板阻力对滑块的冲量；（2）小球从释放到第一次到达最低点的过程中，绳的拉力对小球做功的大小。
25.（22 分）如图所示，在坐标系xoj，中，过原点的直线OC与x轴正向的夹角p=120。
,在。
右侧有一匀强电场；在第二、三象限内有一匀强磁场，其上边界与电场边界重叠、右边界为J，轴、左边界为图中平行于〉轴的虚线，磁场的磁感应强度大小为方向垂直抵面向里。
一带正电荷g、质量为所的粒子以某一速度自磁场左边界上的/点射入磁场区域，并从。
点射出，粒子射出磁场的速度方向与x轴的夹角＜9=30°,大小为v,粒子在磁场中的运动轨迹为纸面内的一段圆弧，且弧的半径为磁场左右边界间距的两倍。
粒子进入电场后，在电场力的作用下又山。
点返回磁场区域，经过一段时间后再次离开磁场。
已知粒子从/点射入到第二次离开磁场所用的时间恰好等于粒子在磁场中做圆周运动的周期。
忽略重力的影响。
求（1）粒子经过/点时速度的方向和/点到x轴的距离；（2）匀强电场的大小和方向；（3）粒子从第二次离开磁场到再次进入电场时所用的时间o23、解析：设物体的加速度为a,到达/点的速度为vo,通过08段和3C点所用的时间为t,则有li=v o t+^at2............................................................................. ①11 + ln—2vot + 2at~ .................................................................... ②联立①②式得/T —l\-ar ................................................................................ ③3l\—l^2v o t .............................................................................. ④设。
高中物理大题试题及答案
高中物理大题试题及答案一、选择题（每题3分，共30分）1. 光在真空中的传播速度是（）A. 3×10^5 km/sB. 3×10^8 m/sC. 3×10^8 km/sD. 3×10^5 m/s答案：B2. 根据牛顿第二定律，物体的加速度与作用力成正比，与物体的质量成反比。
如果一个物体的质量增加一倍，作用力不变，那么它的加速度将（）A. 增加一倍B. 减少一半C. 保持不变D. 增加两倍答案：B3. 一个物体从静止开始下落，忽略空气阻力，其下落过程中的加速度是（）A. 0B. 9.8 m/s^2C. 10 m/s^2D. 无法确定4. 根据能量守恒定律，下列说法正确的是（）A. 能量可以被创造B. 能量可以被消灭C. 能量既不能被创造也不能被消灭D. 能量可以从一种形式转化为另一种形式答案：C5. 在电路中，电流的方向是（）A. 从正极流向负极B. 从负极流向正极C. 从电源流向负载D. 从负载流向电源答案：A6. 一个物体在水平面上受到一个水平向右的力，物体会（）A. 向左移动B. 向右移动C. 静止不动D. 向上移动答案：B7. 根据电磁感应定律，当磁场中的导体切割磁力线时，导体中会产生（）A. 电压B. 电流C. 磁场答案：A8. 以下哪个选项是描述光的折射现象的（）A. 光的反射B. 光的直线传播C. 光的折射D. 光的衍射答案：C9. 一个物体的动能与其速度的平方成正比，与其质量成正比。
如果一个物体的质量增加一倍，速度不变，那么它的动能将（）A. 增加一倍B. 减少一半C. 增加两倍D. 保持不变答案：C10. 根据热力学第一定律，下列说法正确的是（）A. 能量可以被创造B. 能量可以被消灭C. 能量既不能被创造也不能被消灭D. 能量可以从一种形式转化为另一种形式答案：D二、填空题（每题2分，共20分）1. 光年是天文学中常用的距离单位，表示光在一年内通过的距离，其数值为______ km。
全国高考物理真题及答案
全国高考物理真题及答案一、选择题1. 下列现象中，利用声波的性质进行通信的是（）A. 汽车尾气中的尘埃微粒向低空逸散B. 水面上的植物叶片摇曳C. 机械钟摆的摆动声D. 两个相距很远的水面上撒网工人的信号哨声答案：D2. 自创造成之后，通常具有恒定强度和频率的波叫作（）A. 单色波B. 复色波C. 伦见波D. 线性波答案：A3. 透镜的焦距表示的是（）A. 凹透镜的焦距B. 凹透镜的焦距C. 聚焦透镜的焦距D. 发散透镜的焦距答案：C4. 声波在空气均匀传播，下列表述正确的是（）A. 波形向前传播B. 波阵面是平面型的C. 波面法线方向就是传播方向D. 波长是波源震动开始到波源再震动一次的距离答案：D5. 微观角度看，光在介质中传播时，光的速度增大是因为（）A.入射面积增大B. 震荡改变C. 电磁波波长增大D. 频率增大答案：B6. 卢瑟福散射实验揭示了原子核的构成，以下描述不正确的是（）A. 绝大部分的α粒子通过原子核，没有发生偏转B. 相对来说，原子核很轻C. α粒子产生干涉现象 D. α粒子的能量较大答案：C7. 在闭合电路中，一个空气瓶陀螺仪的电阻随温度的升高而增大，符合正比规律，则随温度的升高，列出式子的前因后果。
使电阻的增大原因和。
表示式子是（）A. 空气瓶陀螺仪的电阻 R∝T，电流I→0B. 电阻R∝T，有电流产生C. 电阻R∝T，电动势E→OD.电阻R∝T，I→0答案：A8. 如图所示，A、B两个点称为等势线，下面结论正确的是（）A. 点A、B的电势相等，电势差等于零B. 点A、B的电势差不等于零，与势能大小成正比C. 点A、B的电势差不等于零，等势线在场强数中表示D. 点A、B的电势不相等，电势差等于零答案：A9. 电流I通过导体棒时所受安培力F，使导体棒移动距离dx所做功dW，下面结论正确的是（）A. 安培力F由磁感应强度B决定，功率P=FvB. 安培力F由电流I 而定，功率P=FvC. 功率P=BevdvD. 功率P=vFB答案：A10. 在平行板电容器中，电场强度的大小与电势差成正比，假设以Q1电荷在U1电压下所储存的电热E1固定为整理，当电容器的电容值变为原来的二分之一时，电荷Q2在U2电压下所储存的电热E2与E1比大约是（）A.相等B. 大很多C. 很小D. 是4:1答案：B11. 某频率的单色光照射到光电阴极上，光电当电qe与反对极A具有相同的频率时，光电当电子速率最高，其他条件不变时，光电子速度（）A. 很小B. 为光速C. 为光速的二倍D. 不变答案：B12. 卢瑟福散射实验，氦核的电荷量为1.6×10^-19C，入射α阿尔法粒子的动能分为T1、T2两部分，如此，靶核的ξ表示是（）A. α阿尔法粒子的能量小于T1B. α阿尔法粒子的能量小于T1、T2C. α阿尔法粒子的逸散动能大于T2D. α阿尔法粒子的能量大于T2答案：D13. 导体中有一磁捷js，质量为m、荷q，均匀置于磁场B中，磁捷行根据力方向与大小的以无外力的趋势直线运动，质子速度圆周运动，对磁捷行动做功W（）A. W=qEBπr2B. W=qEBπrC. W=qEB2r2D. W=qEB2πr答案：A14. 用调试北线方向的水平理后长b悬挂半径为r的石原，则针盘所转的角度θ与悬挂石破的重量mg符合正比关系，记Y是针在重力环境下所受磁力，所以y（）A. θ∝mg+yB. θ∝mgC. θ=mg∶yD. θ∝mg-y答案：B15. 有图散射装置的同轴线中，在F位点散射现象，电子数理象则样品所处的电场强度（）A. 为零B. 非零C. 不确定D. 为最大值答案：A16. 有一圆管，两固体圆盘放置其中，两圆盘之间无摩擦，发响鼓下面圆盘，再鼓上升圆盘，水平方向施力F，如果上升圆盘与下降圆盘重力均一致，下面圆盘与水平面摩擦力（）A. 与圆盘质量成正比B. 与施力F的加速度成正比C. 与水平施力F成正比 D. 与圆盘质量成反比答案：D17. 根据库仑定律，若两个静止点电荷之间距离及电荷量分别为2d和d、2q和q，则所产生的库仑力的比值求及两个点电荷所受的重力的比值（）答案：9:118. 向平行板电容器注入两点电子，带电粒子遵循库仑定律，移动轨迹形状为直线，则所需的力约为（）答案：圆周面19.根据光声转变公式，利用声波调制，两个不同噪声频率的声音信号加法语音信号，对应数字信号频率a-d标识记一个唤醒码即“唤醒码”，实现快捷唤醒通信目的，对于传递功率毫无贷别概最多是（）答案：420. 当光再介质界面上发生反射出现全、半波现象时，光的性市时（）答案：介观性21. 试推算磁感应强度为300mT的磁场中，通有电流12A导线所受力的大小x，并列出计算过程（）答案：参考教材相应章节22. 考明朗有效工作，需要消费表涂最多谷物，对于光器的生存运行提供食物数施能。
高考物理大题练习及答案伍(物理家教必用)
(选3道做)12．(10分)公路上一辆轿车因发动机故障而失去动力，在牵引车准备将它拖到修理厂时，一位中学生说“根据功的计算式W=FScosα可知，拖轿车行走的过程中必须对它做功，若将它放在牵引车上运走可以对它不做功或少做功，拖车不如运车合算。
”请你从做功的角度来分析这位学生说法是否正确．（不考虑上下搬运过程中所做的功并假设道路是水平的，车的运动可看作匀速运动，两车所受地面的摩擦力均为其重力的k倍，k＜1，要求写出必要的表达式。
）13．(13分) 如图所示，一质量M＝0.2kg的长木板静止在水平面上，长木板与水平面间的动摩擦系数μ1＝0.1，一质量m=0.2kg的小滑块以v0＝1.2m/s的速度从长木板的左端滑上长木板，滑块与长木板间滑动摩擦因数μ2＝0.4，求：(1) 经过多少时间小滑块与长木板速度相等?（2）从小滑块滑上长木板到最后静止下来的过程中，小滑块滑动的距离为多少?(滑块始终没有滑离长木块)14．（14分）如图所示，AB是固定在竖直平面内半径为R的光滑半圆弧，CD是与AB在同一竖直平面内半径为1.5R的四分之一光滑圆弧轨道，其底端D切线水平，且与AB弧圆心O1等高。
现将质量为m的小球（可视为质点）从圆弧CD上与圆心O2等高的C处由静止开始释放，小球落进半圆弧AB并与之内壁碰撞，碰撞过程中不损失机械能，结果小球刚好能回到D点并能沿DC弧返回C。
重力加速度g取10m/s2。
试求：（1）小球刚滑到D点时，对D端的压力大小；（2）CD弧底端D距AB弧圆心O1的距离；（3）小球与AB的弧面碰撞时的速度大小。
v015．（15分）如图所示，足够长的光滑平行导轨MN、PQ竖直放置，导轨间距为0.1m，匀强磁场垂直穿过导轨平面，导轨的M与P两端连接阻值为R＝0．4Ω的电阻，质量为m＝0．01 kg，电阻r＝0．3Ω的金属棒ab紧贴在导轨上。
现使金属棒ab由静止开始下滑，其下滑距离与时间的关系如下表所示，不计导轨的电阻，g取10 m／s2。
高考物理真题及答案
高考物理真题及答案随着高考的逐渐临近，考生们都在积极备战，尤其是对于物理科目的复习，更是格外重视。
为了帮助考生更好地备考，下面将介绍一些历年高考物理真题及答案，供大家参考。
一、选择题部分1. （2019年高考真题）下列说法正确的是:A. 动态平衡时，物体的受力平衡。
B. 空气中无流体，不能传播横波。
C. 滑动摩擦力和静摩擦力都是接触力。
D. 人的舌头上有蕾毛，可以感受味道。
正确答案：A2. （2018年高考真题）二维简谐运动问题，一般常用的描述方法是:A. 位移描述法B. 速度描述法C. 加速度描述法D. 动能描述法正确答案：A3. （2017年高考真题）如图所示，一个小球置于蓄能弓弦上。
蓄能弓弦拉出到最大位移处，当释放弓弦，小球获得了向上的速度v0。
以下关于该过程描述错误的是：A. 弓弦对小球做了正功B. 生命周期函数量了小球的动能C. 重力对小球做了正的功D. 小球在脱离弓弦时速度沿切线方向正确答案：A二、简答题部分1. （2016年高考真题）什么是同步辐射?简述它的应用。
答：同步辐射是电子束、质子束、中子束等在加速异种原子核环形或直线轨道中周转时，其辐射的电磁辐射。
它的应用范围非常广泛，主要用在材料科学、生物科学、化学科学、医学和环境等领域。
2. （2015年高考真题）简述引力波的产生和探测。
答：引力波是由于星体的运动而引起的物理现象，探测引力波是通过使用干涉测量技术，通过激光干涉仪测量被引力波振动的空间。
三、计算题部分1. （2014年高考真题）如图所示，一个高度为5.2m的固定塔与地面成30度角。
一个圆锥形水池正好与固定塔相切，计算水池的底面半径。
解：通过三角函数关系，可求得圆锥底面半径为3m。
2. （2013年高考真题）一铁丝长2m，直径1mm，密度3900$kg/m^3$，挂于定点，另取一1kg 质量的小球挂于其下端。
设重力加速度为10$ms^{-2}$，求固定点与小球距离为2m时铁丝的最小直径。
高考物理试题计算题大题及答案解析(word版)
高考物理试题计算题大题及答案解析(word 版)1. （15分）如图18（a ）所示，一个电阻值为R ，匝数为n 的圆形金属线与阻值为2R 的电阻R 1连结成闭合回路。
线圈的半径为r 1 . 在线圈中半径为r 2的圆形区域存在垂直于线圈平面向里的匀强磁场，磁感应强度B 随时间t 变化的关系图线如图18（b ）所示。
图线与横、纵轴的截距分别为t 0和B 0 . 导线的电阻不计。
求0至t 1时间内（1）通过电阻R 1上的电流大小和方向； （2）通过电阻R 1上的电量q 及电阻R 1上产生的热量。
⑴ 00B B t t ∆=∆； B E n n s t t φ∆∆==⋅∆∆ 而22s r π= 11E I R R =+，得到202103nB r I Rt π= 电流方向为从b 到a⑵通过电阻1R 上的电量20211103nB r t q I t Rt π==； 1R 上的热量22242021111229n B r t Q I R t Rt π== 2．（17分）如图20所示，绝缘长方体B 置于水平面上，两端固定一对平行带电极板，极板间形成匀强电场E 。
长方体B 的上表面光滑，下表面与水平面的动摩擦因数μ=0.05（设最大静摩擦力与滑动摩擦力相同）。
B 与极板的总质量B m =1.0kg.带正电的小滑块A 质量A m =0.60kg ，其受到的电场力大小F=1.2N.假设A 所带的电量不影响极板间的电场分布。
t=0时刻，小滑块A 从B 表面上的a 点以相对地面的速度A v =1.6m/s 向左运动，同时，B （连同极板）以相对地面的速度B v =0.40m/s 向右运动。
问（g 取10m/s 2）（1）A 和B 刚开始运动时的加速度大小分别为多少？（2）若A 最远能到达b 点，a 、b 的距离L应为多少？从t=0时刻至A 运动到b 点时，摩擦力对B 做的功为多少？⑴A刚开始运动时的加速度大小22.0/A AFa m s m == 方向水平向右 B 刚开始运动时受电场力和摩擦力作用 由牛顿第三定律得电场力'1.2F F N ==摩擦力()0.8A B f m m g N μ=+=， B 刚开始运动时'22.0/B BF fa m s m +==方向水平向左⑵设B 从开始匀减速到零的时间为t 1，则有10.2BBv t s a == 此时间内B 运动的位移110.042B B v t s m == t 1时刻A 的速度11 1.2/0A A A v v a t m s =-=>，故此过程A 一直匀减速运动。
物理高考试题卷子及答案
物理高考试题卷子及答案一、选择题（每题3分，共30分）1. 下列关于光速的说法正确的是：A. 光在真空中的速度是3×10^8 m/sB. 光在空气中的速度大于在真空中的速度C. 光在所有介质中的速度都小于在真空中的速度D. 光速是恒定不变的答案：A2. 一个物体在水平面上以恒定加速度运动，下列说法正确的是：A. 物体的速度随时间线性增加B. 物体的加速度随时间线性增加C. 物体的位移随时间的平方线性增加D. 物体的位移与时间的关系是二次函数答案：D3. 根据牛顿第三定律，下列说法正确的是：A. 作用力和反作用力大小相等，方向相反B. 作用力和反作用力作用在同一个物体上C. 作用力和反作用力可以同时产生和消失D. 作用力和反作用力总是同时存在答案：A4. 一个物体从静止开始自由下落，不计空气阻力，下列说法正确的是：A. 物体下落的加速度是9.8 m/s^2B. 物体下落的速度与时间成正比C. 物体下落的位移与时间的平方成正比D. 物体下落的位移与时间成正比答案：C5. 根据能量守恒定律，下列说法正确的是：A. 能量可以在不同形式之间转换B. 能量可以在不同物体之间转移C. 能量的总量在封闭系统中是恒定的D. 所有以上说法答案：D6. 一个弹簧振子的周期与下列哪个因素无关：A. 弹簧的劲度系数B. 振子的质量C. 振子的初始位置D. 振子的初始速度答案：C7. 根据热力学第一定律，下列说法正确的是：A. 热量只能从高温物体传向低温物体B. 热量不能自发地从低温物体传向高温物体C. 热量的传递总是伴随着其他形式能量的变化D. 所有以上说法答案：C8. 根据电磁感应定律，下列说法正确的是：A. 感应电动势与磁通量的变化率成正比B. 感应电动势与磁通量成正比C. 感应电动势与导体的运动速度成正比D. 感应电动势与导体的长度成正比答案：A9. 在理想气体状态方程中，下列说法正确的是：A. 气体的压强与体积成正比B. 气体的压强与温度成反比C. 气体的压强与体积成反比，与温度成正比D. 气体的压强与体积成正比，与温度成反比答案：C10. 根据光电效应现象，下列说法正确的是：A. 光电子的最大初动能与入射光的频率成正比B. 光电子的最大初动能与入射光的强度成正比C. 光电子的最大初动能与入射光的波长成反比D. 光电子的最大初动能与入射光的频率无关答案：C二、填空题（每题4分，共20分）1. 一个物体的质量为2kg，受到的重力大小为______N。
苏教版物理高考试卷及解答参考
苏教版物理高考复习试卷(答案在后面)一、单项选择题（本大题有7小题，每小题4分，共28分）1、在国际单位制中，表示力的基本单位是什么？A. 牛顿B. 千克C. 米D. 秒2、一个物体从静止开始自由下落，在忽略空气阻力的情况下，它的加速度是多少？A. 9.8 m/s²B. 5 m/s²C. 10 m/s²D. 无法确定3、一物体从静止开始做匀加速直线运动，加速度为2m/s²，运动5秒后的速度是多少？A、10m/sB、20m/sC、30m/sD、40m/s4、一个质量为2kg的物体受到一个大小为10N的力作用，力的方向与物体运动方向相同。
求物体的加速度是多少？A、2.5m/s²B、5m/s²C、10m/s²D、20m/s²5、下列关于光的传播现象的描述，正确的是：A、光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播B、光在真空中的传播速度比在水中快C、光从空气进入水中时，速度会增加D、光从一种介质进入另一种介质时，其频率会改变6、关于物体的运动状态，以下说法正确的是：A、静止的物体一定是受力平衡的B、做匀速直线运动的物体，其加速度一定为零C、物体受到的合外力为零时，其速度方向可能改变D、物体的运动状态改变一定是因为受到力的作用7、一个物体从静止开始做匀加速直线运动，已知其初速度为0，加速度为2m/s²，经过5秒后物体的位移是：A. 10mB. 20mC. 30mD. 40m二、多项选择题（本大题有3小题，每小题6分，共18分）1、以下关于物理现象的描述中，正确的是（）A、摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，而原子核的电荷没有改变B、电流表和电压表在使用时，都必须使电流从正接线柱流入，从负接线柱流出C、做匀速圆周运动的物体，其向心加速度的大小不变，但方向时刻改变D、当电路中某一支路的电阻减小，而电源电压不变时，总电流一定增大E、光的反射和折射现象中，光路都是可逆的2、下列关于物理定律和原理的叙述中，正确的是（）A、牛顿第一定律说明了力是改变物体运动状态的原因B、热力学第一定律表明能量既不能被创造也不能被消灭，只能从一种形式转化为另一种形式C、理想气体状态方程(PV=nRT)中的(R)是气体常数，与气体的种类无关D、法拉第电磁感应定律指出，感应电动势的大小与磁通量的变化率成正比E、波粒二象性原理表明光既具有波动性又具有粒子性3、在以下关于物理学基本原理的描述中，正确的是（）A、牛顿第一定律说明一切物体在不受外力作用时，将保持静止状态或匀速直线运动状态。
物理高三考试题及答案
物理高三考试题及答案一、单项选择题（每题3分，共30分）1. 一个物体从静止开始做匀加速直线运动，经过时间t后的速度为v，那么在这段时间内物体的平均速度为：A. \(\frac{v}{2}\)B. \(\frac{v}{2t}\)C. \(\frac{v}{t}\)D. \(\frac{2v}{t}\)答案：A2. 根据牛顿第二定律，作用在物体上的合力等于物体的质量乘以加速度，即 \(F=ma\)。
若物体的质量为2kg，加速度为3m/s²，则合力的大小为：A. 6NB. 9NC. 12ND. 15N答案：A3. 一个物体在水平面上受到一个斜向上的力F，使其沿斜面向上做匀速直线运动。
若斜面的倾角为30°，物体的质量为5kg，重力加速度为9.8m/s²，则作用在物体上的摩擦力大小为：A. 49NB. 59NC. 69ND. 79N答案：B4. 一个质量为m的物体从高度h处自由落体，忽略空气阻力，物体落地时的速度v为：A. \(\sqrt{2gh}\)B. \(\sqrt{gh}\)C. \(\sqrt{\frac{2gh}{m}}\)D. \(\sqrt{\frac{gh}{m}}\)答案：B5. 根据能量守恒定律，一个物体从高度h处自由落体，落地时的动能等于其初始势能，即 \(E_k = mgh\)。
若物体的质量为1kg，高度为10m，则落地时的动能为：A. 98JB. 100JC. 105JD. 110J答案：B6. 一个弹簧振子的振动周期为T，振幅为A，若弹簧的劲度系数为k，质量为m，则根据胡克定律，弹簧的劲度系数k为：A. \(\frac{4\pi^2m}{T^2}\)B. \(\frac{4\pi^2A}{T^2}\)C. \(\frac{4\pi^2mA}{T^2}\)D. \(\frac{4\pi^2A^2}{mT^2}\)答案：A7. 一个带电粒子在电场中受到的电场力F，根据库仑定律，电场力的大小与电荷量q和电场强度E的关系为 \(F=qE\)。
2024年沪科版高考物理试题与参考答案
2024年沪科版物理高考复习试题(答案在后面)一、单项选择题（本大题有7小题，每小题4分，共28分）1、以下关于力的说法正确的是：A、力是物体运动状态改变的原因B、力是物体速度大小改变的原因C、力是物体质量改变的原因D、力是物体形状改变的原因2、以下关于浮力的说法错误的是：A、浮力大小与物体在液体中的体积成正比B、浮力方向总是指向物体所在液体的表面C、浮力产生的原因是液体对物体的压力差D、浮力大小与物体在液体中的密度成正比3、在光滑水平面上，一个质量为(m)的物体以速度(v0)向右运动。
如果有一个与运动方向相反的恒力(F)作用于物体上，则经过时间(t)后物体的速度(v)将是：)A.(v0−Ftm)B.(v0+Ftm)C.(v0−Fmt)D.(v0+Fmt4、已知某单色光在真空中的波长为(λ0)，当这束光进入折射率为(n)的介质中时，其波长变为(λ)。
则(λ)与(λ0)的关系为：A.(λ=nλ0))B.(λ=λ0nC.(λ=λ0√n))D.(λ=0√n5、以下关于牛顿运动定律的说法正确的是：A、物体受到的合力越大，其加速度越小。
B、物体的速度越大，其所受的合力越小。
C、一个物体如果不受外力作用，将保持静止状态或匀速直线运动状态。
D、物体的运动状态改变，一定是因为受到非平衡力的作用。
6、一个物体从静止开始沿水平面做匀加速直线运动，下列哪个物理量随时间增加而增加？A、物体的速度B、物体的位移C、物体的加速度D、物体受到的合力7、一个质量为(m)的物体，在水平面上受到一个与水平方向成(θ)角的恒力(F)，假设物体与水平面之间的摩擦系数为(μ)，如果物体从静止开始移动，则物体开始运动所需的最小力(F)是多少？（重力加速度为(g)）A.(mgsin(θ)+μmgcos(θ))B.(mgsin(θ)−μmgcos(θ))C.(F>mgsin(θ)+μmgcos(θ))D.(F>mgsin(θ)−μmgcos(θ))二、多项选择题（本大题有3小题，每小题6分，共18分）1、A、在平抛运动中，物体的水平位移公式为x=v0t，其中v0是初速度，t是时间。
高考物理试题真题及答案
高考物理试题真题及答案一、选择题（本题共10小题，每小题3分，共30分。
每小题只有一个选项符合题意）1. 以下关于光的干涉现象的描述，正确的是：A. 光的干涉现象是光的波动性的体现B. 光的干涉现象只发生在光的传播过程中C. 光的干涉现象需要两个相干光源D. 光的干涉现象是光的粒子性的体现答案：A2. 根据牛顿第三定律，以下说法正确的是：A. 作用力和反作用力大小相等，方向相同B. 作用力和反作用力大小相等，方向相反C. 作用力和反作用力同时产生，同时消失D. 作用力和反作用力可以是不同性质的力答案：B3. 一个物体在水平面上做匀速直线运动，以下关于摩擦力的描述，正确的是：A. 摩擦力的方向与物体运动方向相反B. 摩擦力的方向与物体运动方向相同C. 摩擦力的大小与物体的速度成正比D. 摩擦力的大小与物体的质量成正比答案：A4. 以下关于电磁感应现象的描述，正确的是：A. 电磁感应现象是电场和磁场相互转化的结果B. 电磁感应现象是磁场对导体中自由电子的作用C. 电磁感应现象是导体在磁场中运动的结果D. 电磁感应现象是导体中电流的产生答案：D5. 一个物体从静止开始做自由落体运动，以下关于其运动的描述，正确的是：A. 物体下落过程中速度不断减小B. 物体下落过程中速度不断增大C. 物体下落过程中加速度不断减小D. 物体下落过程中加速度保持不变答案：D6. 以下关于原子核结构的描述，正确的是：A. 原子核由质子和中子组成B. 原子核由电子和质子组成C. 原子核由质子和电子组成D. 原子核由中子和电子组成答案：A7. 以下关于电磁波的描述，正确的是：A. 电磁波在真空中的传播速度是光速B. 电磁波在真空中的传播速度是声速C. 电磁波在真空中的传播速度是音速D. 电磁波在真空中的传播速度是光速的一半答案：A8. 以下关于热力学第一定律的描述，正确的是：A. 热力学第一定律是能量守恒定律的另一种表述B. 热力学第一定律表明能量可以被创造或消灭C. 热力学第一定律只适用于理想气体D. 热力学第一定律表明能量可以从高温物体转移到低温物体答案：A9. 以下关于光的折射现象的描述，正确的是：A. 光从空气斜射入水中时，折射角大于入射角B. 光从空气斜射入水中时，折射角小于入射角C. 光从水中斜射入空气中时，折射角大于入射角D. 光从水中斜射入空气中时，折射角小于入射角答案：B10. 以下关于电流的描述，正确的是：A. 电流的方向与电子运动的方向相反B. 电流的方向与电子运动的方向相同C. 电流的方向与正电荷运动的方向相反D. 电流的方向与正电荷运动的方向相同答案：A二、填空题（本题共5小题，每小题4分，共20分）1. 根据欧姆定律，电阻R、电压U和电流I之间的关系是：__________。
2024高考物理试题及答案解析
2024高考物理试题及答案解析一、选择题（每题3分，共30分）1. 下列关于光的描述中，正确的是：A. 光在真空中传播速度为3×10^8 m/sB. 光在所有介质中传播速度都比在真空中快C. 光是电磁波的一种D. 光的传播不需要介质答案：AC解析：光在真空中传播速度确实是3×10^8 m/s，这是光速的常数值。
光在介质中传播速度会因为介质的折射率不同而变慢，所以选项B是错误的。
光是电磁波的一种，这是正确的，因此选项C也正确。
光的传播不需要介质，这是光的波动性质决定的，所以选项D也是正确的。
2. 根据牛顿第三定律，下列说法正确的是：A. 作用力和反作用力大小相等，方向相反B. 作用力和反作用力作用在不同的物体上C. 作用力和反作用力同时产生，同时消失D. 作用力和反作用力是同一种力答案：ABC解析：牛顿第三定律指出，对于两个相互作用的物体，它们之间的力是大小相等、方向相反的，并且作用在不同的物体上，同时产生和消失。
因此，选项A、B和C都是正确的。
选项D是错误的，因为作用力和反作用力虽然是大小相等、方向相反的，但它们是作用在不同物体上的，所以它们不是同一种力。
3. 以下关于电场的描述中，错误的是：A. 电场线是电场中实际存在的线B. 电场线的方向是正电荷所受电场力的方向C. 电场线越密，电场强度越大D. 电场线是正电荷运动的轨迹答案：AD解析：电场线是人为引入的虚拟线，用于描述电场的分布和方向，因此选项A是错误的。
电场线的方向确实是正电荷所受电场力的方向，所以选项B是正确的。
电场线越密，表示电场强度越大，因此选项C是正确的。
电场线并不是正电荷运动的轨迹，因此选项D是错误的。
二、填空题（每题4分，共20分）1. 根据能量守恒定律，一个物体的动能和势能之和在没有外力作用下保持______。
答案：不变解析：能量守恒定律指出，一个封闭系统的总能量是恒定的，即能量不能被创造或消失，只能从一种形式转化为另一种形式。
高中物理高考必备物理牛顿运动定律的应用技巧全解及练习题(含答案)
高中物理高考必备物理牛顿运动定律的应用技巧全解及练习题(含答案)一、高中物理精讲专题测试牛顿运动定律的应用1．如图所示，倾角α=30°的足够长传送带上有一长L=1.0m ，质量M=0.5kg 的薄木板，木板的最右端叠放质量为m=0.3kg 的小木块.对木板施加一沿传送带向上的恒力F ，同时让传送带逆时针转动，运行速度v=1.0m/s 。
已知木板与物块间动摩擦因数μ1=3，木板与传送带间的动摩擦因数μ2=34，取g=10m/s 2，最大静摩擦力等于滑动摩擦力。
(1)若在恒力F 作用下，薄木板保持静止不动，通过计算判定小木块所处的状态； (2)若小木块和薄木板相对静止，一起沿传送带向上滑动，求所施恒力的最大值F m ； (3)若F=10N ，木板与物块经过多长时间分离?分离前的这段时间内，木板、木块、传送带组成系统产生的热量Q 。
【答案】（1）木块处于静止状态；（2）9.0N （3）1s 12J 【解析】 【详解】（1）对小木块受力分析如图甲：木块重力沿斜面的分力：1sin 2mg mg α=斜面对木块的最大静摩擦力：13cos 4m f mg mg μα== 由于：sin m f mg α> 所以，小木块处于静止状态；（2）设小木块恰好不相对木板滑动的加速度为a ，小木块受力如图乙所示，则1cos sin mg mg ma μαα-=木板受力如图丙所示，则：()21sin cos cos m F Mg M m g mg Ma αμαμα--+-= 解得：()99.0N 8m F M m g =+=（3）因为F=10N>9N ，所以两者发生相对滑动对小木块有：21cos sin 2.5m/s a g g μαα=-=对长木棒受力如图丙所示()21sin cos cos F Mg M m g mg Ma αμαμα--+-'=解得24.5m/s a =' 由几何关系有：221122L a t at =-' 解得1t s =全过程中产生的热量有两处，则()2121231cos cos 2Q Q Q mgL M m g vt a t μαμα⎛⎫=+=+++ ⎪⎝⎭解得：12J Q =。
高考物理经典大题练习及答案
14．（7分）如图14所示，两平行金属导轨间的距离L=0.40 m，金属导轨所在的平面与水平面夹角θ=37°，在导轨所在平面内，分布着磁感应强度B=0.50 T、方向垂直于导轨所在平面的匀强磁场．金属导轨的一端接有电动势E=4.5 V、内阻r=0.50 Ω的直流电源．现把一个质量m=0.040kg的导体棒ab放在金属导轨上，导体棒恰好静止．导体棒与金属导轨垂直、且接触良好，导体棒与金属导轨接图14触的两点间的电阻R0＝2.5 Ω,金属导轨电阻不计，g取10 m/s2．已知sin 37°=0.60，cos 37°=0.80，求：（1）通过导体棒的电流；（2）导体棒受到的安培力大小；（3）导体棒受到的摩擦力15．（7分）如图15所示，边长L=0.20m的正方形导线框ABCD由粗细均匀的同种材料制成，正方形导线框每边的电阻R0＝1.0 Ω，金属棒MN与正方形导线框的对角线长度恰好相等，金属棒MN的电阻r=0.20 Ω．导线框放置在匀强磁场中，磁场的磁感应强度B＝0.50T,方向垂直导线框所在平面向里．金属棒MN与导线框接触良好，且与导线框的对角线BD垂直放置在导线框上，金属棒的中点始终在BD连线上．若金属棒以v=4.0 m/s的速度向右匀速运动，当金属棒运动至AC的位置时，求（计算结果保留两位有效数字）：图15（1）金属棒产生的电动势大小；（2）金属棒MN上通过的电流大小和方向；（3）导线框消耗的电功率．16．（8分）如图16所示，正方形导线框abcd的质量为m、边长为l，导线框的总电阻为R．导线框从垂直纸面向里的水平有界匀强磁场的上方某处由静止自由下落，下落过程中，导线框始终在与磁场垂直的竖直平面内，cd边保持水平．磁场的磁感应强度大小为B，方向垂直纸面向里，磁场上、下两个界面水平距离为l已．知cd边刚进入磁场时线框恰好做匀速运动．重力加速度为g．（1）求cd边刚进入磁场时导线框的速度大小．（2）请证明：导线框的cd边在磁场中运动的任意瞬间，导线框克服安培力做功的功率等于导线框消耗的电功率．图16 （3）求从导线框cd边刚进入磁场到ab边刚离开磁场的过程中，导线框克服安培力所做的功．17．（8分）图17（甲）为小型旋转电枢式交流发电机的原理图，其矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场方向的固定轴OO′匀速转动，线圈的匝数n=100、电阻r=10 Ω，线圈的两端经集流环与电阻R连接，电阻R=90 Ω，与R并联的交流电压表为理想电表．在t=0时刻，线圈平面与磁场方向平行，穿过每匝线圈的磁通量φ随时间t按图17（乙）所示正弦规律变化．求：（1）交流发电机产生的电动势最大值；（2）电路中交流电压表的示数．18．（8分）图18为示波管的示意图，竖直偏转电极的极板长l =4.0 cm ，两板间距离d =1.0 cm ，极板右端与荧光屏的距离L =18 cm ．由阴极发出的电子经电场加速后，以v =1．6×107 m ／s 的速度沿中心线进入竖直偏转电场．若电子由阴极逸出时的初速度、电子所受重力及电子之间的相互作用力均可忽略不计，已知电子的电荷量e =1.6×10—19 C ，质量m =0.91×10-30 kg ． 图18（1）求加速电压U 0的大小；（2）要使电子束不打在偏转电极的极板上，求加在竖直偏转电极上的电压应满足的条件；（3）若在竖直偏转电极上加u =40sin 100πt （V ）的交变电压，求电子打在荧光屏上产生亮线的长度．19．（9分）如图19所示，在以O 为圆心，半径为R 的圆形区域内，有一个水平方向的匀强磁场，磁场的磁感应强度大小为B ，方向垂直纸面向外．竖直平行正对放置的两金属板A 、K 连在电压可调的电路中．S 1、S 2为A 、K 板上的两个小孔，且S 1、S 2和O 在同一直线上，另有一水平放置的足够大的荧光屏D ，O 点到荧光屏的距离为h ．比荷（电荷量与质量之比）为k 的带正电的粒子由S 1进入电场后，通过S 2射向磁场中心，通过磁场后打在荧光屏D上．粒子进入电场的初速度及其所受重力均可忽略不计．（1）请分段描述粒子自S 1到荧光屏D 的运动情况；（2）求粒子垂直打到荧光屏上P 点时速度的大小； 图19（3）移动滑片P ，使粒子打在荧光屏上Q 点，PQ = h （如图19所示），求此时A 、K 两极板间的电压．20．（9分）如图20所示，地面上方竖直界面N 左侧空间存在着水平的、垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度B =2.0 T ．与N 平行的竖直界面M 左侧存在竖直向下的匀强电场，电场强度E 1=100 N/C ．在界面M 与N 之间还同时存在着水平向左的匀强电场，电场强度E 2=200 N/C ．在紧靠界面M 处有一个固定在水平地面上的竖直绝缘支架，支架上表面光滑，支架上放有质量m 2=1．8×10-4 kg 的带正电的小物体b （可视为质点），电荷量q 2=1．0×10-5 C ．一个质量m 1=1.8×10-4 kg ，电荷量q 1=3.0×10-5 C 的带负电小物体（可视为质点）a 以水平速度v 0射入场区，沿直线运动并与小物体b 相碰，a 、b 两个小物体碰后粘合在一起成小物体c ，进入界面M 右侧的场区，并从场区右边界N 射出，落到地面上的Q 点（图中未画出）．已知支架顶端距地面的高度h =1.0 m ，M 和N 两个界面的距离L =0.10 m ，g 取10 m/s 2．求：（1）小球a 水平运动的速率；（2）物体c 刚进入M 右侧的场区时的加速度；（3）物体c 落到Q 点时的速率．33r R E +014．（7分）（1）导体棒、金属导轨和直流电源构成闭合电路，根据闭合电路欧姆定律有：I ==1.5A …………………………………………………………………………2分（2）导体棒受到的安培力F 安=B I L =0.30 N …………………………………………………………………………2分（3）导体棒所受重力沿斜面向下的分力F 1=mgsin 37°=0.24 N由于F 1小于安培力，故导体棒受沿斜面向下的摩擦力f (1)分根据共点力平衡条件m g s i n 37°+f =F安 (1)分 解得：f =6.0×10-2 N …………………………………………………………………1分15．（7分）（1）金属棒产生的电动势大小为：E =B 2Lv =0.42V=0.56 V ………………2分（2）金属棒运动到AC 位置时，导线框左、右两侧电阻并联，其并联电阻为： R 并=1.0 Ω，根据闭合电路欧姆定律I = =0.47 A ………………………………2分 根据右手定则，电流方向从N 到M …………………………………………………1分（3）导线框消耗的功率为：P 框=I 2R 并=0.22 W ……………………………………2分16．（8分）（1）设线框cd 边刚进入磁场时的速度为v ，则在cd 边进入磁场过程时产生的感应电动势为E =Blv ， 根据闭合电路欧姆定律，通过导线框的感应电流为I= 导线框受到的安培力为F 安=BIl = ......................................................1分 因cd 刚进入磁场时导线框做匀速运动，所以有F 安=mg ， (1)分以上各式联立，得：v = (1)分（2）导线框cd 边在磁场中运动时，克服安培力做功的功率为：P 安=F 安v 代入（1）中的结果，整理得：P 安= ……………………………………………1rR E +并R Blv Rv l B 2222lB mgR Rv l B 222r R E +0分导线框消耗的电功率为：P 电=I 2R= R= ……………………………………………………………1分（3）导线框ab 边刚进入磁场时，cd 边即离开磁场，因此导线框继续做匀速运动．导线框穿过磁场的整个过程中，导线框的动能不变．设导线框克服安培力做功为W 安，根据动能定理有2m g l －W 安＝0 .....................1分 解得W 安＝2mgl (1)17．（8分）（1）交流发电机产生电动势的最大值E m =nBS ω ..........................................1分 而Φm =BS 、ω= ，所以，E m = ......................................................1 由Φ－t 图线可知：Φm =2.0×10-2 W b ，T =6.28×10-2 s .................................... 所以E m =200 V (1)（2）电动势的有效值E = E m =1002V …………………………………………1分 由闭合电路的欧姆定律，电路中电流的有效值为I =rR E + =2 A …………………1 交流电压表的示数为U =IR =902V=127 V …………………………………………2分18．（8分）（1）对子通过加速电场的过程，根据动能定理有eU 0= mv 2 (2)解得U 0=728 V ……………………………………………………………………………1 （2）设偏转电场电压为U 1时，电子刚好飞出偏转电场，则此时电子沿电场方向的位移恰好为d /2，即 = at 2= ·t 2……………………………………………………………………1 电子通过偏转电场的时间t = …………………………………………………………1分 解得U 1= =91 V ， 所以，为使电子束不打在偏转电极上，加在偏转电极上的电压U 应小于91V ……1分（3）由u =40sin 100πt （V ）可知ω=100π s -1，U m =40 V偏转电场变化的周期T = =0.02 s ，而t = =2.5×10-9 s ．T t ，可见每个电子通过偏转电场的过程中，电场可视为稳定的匀强电场．当极板间加最大电压时，电子有最大偏转量y m = at 2= ·t 2=0.20 cm ．电子飞出偏转电场时平行极板方向分速度v x =v 14．（7分）（1）导体棒、金属导轨和直流电源构成闭合电路，根据闭合电路欧姆定律有： R v l B 2222222R v l B T π2T n m π2Φ22212d 2121mdeU 1vl 22et m d ωπ2vl 21mdeU m 21I = =1.5A …………………………………………………………………………2分（2）导体棒受到的安培力F 安=B I L =0.30 N …………………………………………………………………………2分（3）导体棒所受重力沿斜面向下的分力F 1=mgsin 37°=0.24 N由于F 1小于安培力，故导体棒受沿斜面向下的摩擦力f (1)分根据共点力平衡条件m g s i n 37°+f =F安 (1)分 解得：f =6.0×10-2 N …………………………………………………………………1分15．（7分）（1）金属棒产生的电动势大小为：E =B 2Lv =0.42V=0.56 V ………………2分（2）金属棒运动到AC 位置时，导线框左、右两侧电阻并联，其并联电阻为：R 并=1.0 Ω，根据闭合电路欧姆定律I = =0.47 A ………………………………2分 根据右手定则，电流方向从N 到M …………………………………………………1分（3）导线框消耗的功率为：P 框=I 2R 并=0.22 W ……………………………………2分16．（8分）（1）设线框cd 边刚进入磁场时的速度为v ，则在cd 边进入磁场过程时产生的感应电动势为E =Blv ， 根据闭合电路欧姆定律，通过导线框的感应电流为I= 导线框受到的安培力为F 安=BIl = ………………………………………………1分 因cd 刚进入磁场时导线框做匀速运动，所以有F 安=mg ， ……………………………1 以上各式联立，得：v = ……………………………………………………………1分（2）导线框cd 边在磁场中运动时，克服安培力做功的功率为：P 安=F 安v代入（1）中的结果，整理得：P 安= ……………………………………………1分导线框消耗的电功率为：P 电=I 2R= R= ……………………………………………………………1分rR E 并R Blv R v l B 2222l B mgR Rv l B 222R v l B 2222222R v l B因此有P 安＝P电 (1)分 （3）导线框ab 边刚进入磁场时，cd 边即离开磁场，因此导线框继续做匀速运动．导线框穿过磁场的整个过程中，导线框的动能不变．设导线框克服安培力做功为W 安，根据动能定理有2m g l －W 安＝0 .....................1分 解得W 安＝2mgl (1)17．（8分）（1）交流发电机产生电动势的最大值E m =nBS ω ……………………………………1分 而Φm =BS 、ω= ，所以，E m = ………………………………………………1 由Φ－t 图线可知：Φm =2.0×10-2 W b ，T =6.28×10-2 s ………………………………1分所以E m =200 V (1)（2）电动势的有效值E = E m =1002V …………………………………………1分 由闭合电路的欧姆定律，电路中电流的有效值为I =r R E + =2 A …………………1 交流电压表的示数为U =IR =902V=127 V …………………………………………2分18．（8分）（1）对于电子通过加速电场的过程，根据动能定理有eU 0= mv 2 .....................2分 解得U 0=728 V (1)（2）设偏转电场电压为U 1时，电子刚好飞出偏转电场，则此时电子沿电场方向的位移恰好为d /2，即 = at 2= .t 2 (1)电子通过偏转电场的时间t = …………………………………………………………1分 解得U 1= =91 V ，所以，为使电子束不打在偏转电极上，加在偏转电极上的电压U 应小于91V ……1分（3）由u =40sin 100πt （V ）可知ω=100π s -1，U m =40 V偏转电场变化的周期T = =0.02 s ，而t = =2.5×10-9 s ．T t ，可见每个电子通过偏转电场的过程中，电场可视为稳定的匀强电场．当极板间加最大电压时，电子有最大偏转量y m = at 2= ·t 2=0.20 cm ．电子飞出偏转电场时平行极板方向分速度v x =v ，垂直极板方向的分速度v y =a y t = ·t T π2Tn m π2Φ22212d 2121md eU 1v l22et m d ωπ2vl 21md eU m 21mdeU m电子离开偏转电场到达荧光屏的时间t ′= =电子离开偏转电场后在竖直方向的位移为y 2=v y t ′=2.0 cm ．电子打在荧光屏上的总偏移量Y m =y m +y 2=2.2 cm ………………………………………1分电子打在荧光屏产生亮线的长度为2Y m =4.4 cm (1)分用下面的方法也给2分设电子射出偏转电场时速度与水平线的夹角为θ，因此有tan θ= =0.11 因此电子的总偏转量y =（ +L ）tan θ …………………………………………………1分电子打在荧光屏沿竖直方向的长度范围为2y =4.4 cm ………………………………1分19．（9分）（1）粒子在电场中自S 1至S 2做匀加速直线运动；自S 2至进入磁场前做匀速直线运动；进入磁场后做匀速圆周运动；离开磁场至荧光屏做匀速直线运动． ………………………………离开磁场后做匀速直线运动，给1分．………………2分说明：说出粒子在电场中匀加速运动，离开电场做匀速直线运动，给1分；说出粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动，（2）设粒子的质量为m ，电荷量为q ，垂直打在荧光屏上的P 点时的速度为v 1，粒子垂直打在荧光屏上，说明粒子在磁场中的运动是四分之一圆周，运动半径r 1=R ， ...................................................................................................1分 根据牛顿第二定律Bqv 1=m ，依题意：k =q /m (1)分解得：v 1=BkR ……………………………………………………………………………1分（3）设粒子在磁场中运动轨道半径为r 2，偏转角为2θ，粒子射出磁场时的方向与竖直方向夹角为α，粒子打到Q 点时的轨迹如图所示，由几何关系可知tan α= = ，α=30°，θ=30°tan θ= 解得：r 2=3R ……………………………………1 设此时A 、K 两极板间的电压为U ，粒子离开S 2时的速度为v m 根据动能定理有qU = mv 22 …… 解得：U = kB 2R 2 …… x yv v 21121r v hPQ 332r R 222r v 2123vx L v L20．（9分）（1）a 向b 运动过程中受向下的重力，向上的电场力和向下的洛伦兹力．小球a 的直线运动必为匀速直线运动，a 受力平衡，因此有q 1E 1－q 1v 0B －m 1g =0 ………………………………………………… …………………1分解得v 0=20 m/s (2)分（2）二球相碰动量守恒m 1v 0=（m 1+m 2）v ，解得v =10 m/s …………………………1分 物体c 所受洛伦兹力f =（q 1－q 2）vB =4.0×10-4 N ，方向向下 ………………………1 物体c 在M 右场区受电场力：F 2=（q 1－q 2）E 2=4.0×10-3 N ，方向向右物体c 受重力：G =（m 1+m 2）g = 3.6×10-3 N ，方向向下物体c 受合力：F 合＝22)(2G f F ++=22×10-3 N 物体c 的加速度：a = = 2m/s 2=15.7 m/s 2 (1)设合力的方向与水平方向的夹角为θ，则tan θ＝ =1.0，解得θ=45°加速度指向右下方与水平方向成45°角 (1)（3）物体c 通过界面M 后的飞行过程中电场力和重力都对它做正功，设物体c 落到Q 点时的速率为v t ，由动能定理（m 1+m 2）gh +（q 1－q 2）E 2L = （m 1+m 2）v t 2－ （m 1+m 2）v 2 ……………………1分 解得v t =2.122m/s=11 m/s ． …………………………………………………………1分， 垂直极板方向的分速度v y =a y t = ·t电子离开偏转电场到达荧光屏的时间t ′= =电子离开偏转电场后在竖直方向的位移为y 2=v y t ′=2.0 cm ．电子打在荧光屏上的总偏移量Y m =y m +y 2=2.2 cm ………………………………………1分电子打在荧光屏产生亮线的长度为2Y m =4.4 cm (1)分用下面的方法也给2分设电子射出偏转电场时速度与水平线的夹角为θ，因此有tan θ= =0.11因此电子的总偏转量y =（ +L ）tan θ (1)分电子打在荧光屏沿竖直方向的长度范围为2y =4.4 cm ………………………………1分19．（9分）（1）粒子在电场中自S 1至S 2做匀加速直线运动；自S 2至进入磁md eU m x y v v 21vx L v L 21m m F+合91002F Gf +2121场前做匀速直线运动；进入磁场后做匀速圆周运动；离开磁场至荧光屏做匀速直线运动． ………………………………………………2分说明：说出粒子在电场中匀加速运动，离开电场做匀速直线运动，给1分；说出粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动，离开磁场后做匀速直线运动，给1分．（2）设粒子的质量为m ，电荷量为q ，垂直打在荧光屏上的P 点时的速度为v 1，粒子垂直打在荧光屏上，说明粒子在磁场中的运动是四分之一圆周，运动半径r 1=R ， ………………………………………………………………………………………1分根据牛顿第二定律Bqv 1=m ，依题意：k =q /m ………………………………………1分解得：v 1=BkR ……………………………………………………………………………1分（3）设粒子在磁场中运动轨道半径为r 2，偏转角为2θ，粒子射出磁场时的方向与竖直方向夹角为α，粒子打到Q 点时的轨迹如图所示，由几何关系可知 tan α= = ，α=30°，θ=30°tan θ= 解得：r 2=3R ……………………………………1分设此时A 、K 两极板间的电压为U ，粒子离开S 2时的速度为v 2，根据牛顿第二定律Bqv 2=m ………………………………………………………………………………1分根据动能定理有qU = mv 22 ………………………………………………………………1 解得：U = kB 2R 2 …………………………………………………………………………1分20．（9分）（1）a 向b 运动过程中受向下的重力，向上的电场力和向下的洛伦兹力．小球a 的直线运动必为匀速直线运动，a 受力平衡，因此有q 1E 1－q 1v 0B －m 1g =0 ………………………………………………… …………………1分解得v 0=20 m/s (2)分（2）二球相碰动量守恒m 1v 0=（m 1+m 2）v ，解得v =10 m/s …………………………1分 物体c 所受洛伦兹力f =（q 1－q 2）vB =4.0×10-4 N ，方向向下 ………………………1分物体c 在M 右场区受电场力：F 2=（q 1－q 2）E 2=4.0×10-3 N ，方向向右物体c 受重力：G =（m 1+m 2）g = 3.6×10-3 N ，方向向下物体c 受合力：F 合＝22)(2G f F ++=22×10-3 N 121r v hPQ 332r R 222r v 2123物体c 的加速度：a = =2m/s 2=15.7 m/s 2 (1)分 设合力的方向与水平方向的夹角为θ，则tan θ＝ =1.0，解得θ=45°加速度指向右下方与水平方向成45°角 ………………………………………………1分（3）物体c 通过界面M 后的飞行过程中电场力和重力都对它做正功，设物体c 落到Q 点时的速率为v t ，由动能定理（m 1+m 2）gh +（q 1－q 2）E 2L = （m 1+m 2）v t 2－ （m 1+m 2）v 2 ……………………1分 解得v t =2.122m/s=11 m/s ． …………………………………………………………1分 21m m F +合91002F G f +2121。
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三、计算或论述题：解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤。
只写出最后答
案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位（本大题3小题，其中26小题6分，27小题8分，28小题7分，共21分）
26．如图所示，质量m=50kg的跳水运动员从距水面高h=10m的跳台上以v0=5m/s的速度斜向上起跳，最终落入水中。
若忽略运动员的身高。
取g=10m/s2，求：
（1）运动员在跳台上时具有的重力势能（以水面为参考平面）；
（2）运动员起跳时的动能；
（3）运动员入水时的速度大小。
27．如图所示，一质量M=50kg、长L=3m的平板车静止在光滑的水平地面上，平板车上表面距地面的高度h=1.8m。
一质量m=10kg可视为质点的滑块，以v0=7.5m/s的初速度从左端滑上平板车，滑块与平板车间的动摩擦因数μ=0.5，取g=10m/s2。
（1）分别求出滑块在平板车上滑行时，滑块与平板车的加速度大小；
（2）判断滑块能否从平板车的右端滑出。
若能，求滑块落地时与平板车右端间的水平距离；若不能，试确定滑块最终相对于平板车静止时与平板车右端的距离。
28．如图所示，V形细杆AOB能绕其对称轴OO’转到，OO’沿竖直方向，V形杆的两臂与转轴间的夹角均为α=45°。
两质量均为m=0.1kg的小环，分别套在V形杆的两臂上，并用长为l=1.2m、能承受最大拉力F max=4.5N的轻质细线连结，环与臂间的最大静摩擦力等于两者间弹力的0.2倍。
当杆以角速度ω转到时，细线始终处于水平状态，取g=10m/s2。
（1）求杆转动角速度ω的最小值；
（2）将杆的角速度从（1）问中求得的最小值开始缓慢增大，直到细线断裂，写出此过程中细线拉力随角速度变化的函数关系式；
（3）求第（2）问过程中杆对每个环所做的功。
三、计算题
26．解：（1）E p =mgh =5000J ；
（2）E k =
2012
mv =625J ； （3）∵2201122mgh mv mv =- ∴v =15m/s ；
27．解：（1）对滑块，1mg ma μ=，215/a g m s μ== 对平板车，2mg Ma μ=，221/mg
a m s M μ==
（2）设经过t 时间滑块从平板车上滑出。
∵2011112
x v t a t =-块1 22112
x a t =车1 x x L -=块1车1
∴t 1=0.5s 或2s （舍去）
此时，0115/v v a t m s =-=块1，210.5/v a t m s ==车1 所以，滑块能从平板车的右端滑出。
在滑块平抛运动的过程中，
∵2212
h gt = ∴t 2=0.6s
∴222222 2.7x x x v t v t m ∆=-=-=块车块车
28．解：（1）∵角速度最小时，f max 沿杆向上，则
max sin 45cos45N F f mg ︒+︒=
2max 1cos45sin 45N F f m r ω︒-︒=
且max 0.2N f F =，2
l r =
∴ω1=10/3≈3.33rad/s
（2）当f max 沿杆向下时，有
max sin 45cos45N F f mg ︒=︒+
2max 2cos45sin 45N F f m r ω︒+︒=
∴ω2=5rad/s
当细线拉力刚达到最大时，有
max sin 45cos45N F f mg ︒=︒+
2max max 3cos45sin 45N F f F m r ω︒+︒+=
∴ω3=10rad/s ∴20/5/0.06 1.5/10/rad s rad s F rad s rad s ωωω⎧≤≤⎪=⎨⎪-≤<⎩
拉10（）3（5） （3）根据动能定理，有
223111()()22
W m r m r ωω=
- ∴W=1.6J。