四川省昭觉中学高考物理第一轮复习课件 课时跟踪检测(九) 习题详解

4．解析：设路面干燥时，汽车与，安全距离为 s，反应时间为 t0， 由牛顿第二定律和运动学公式得 μ0mg＝ma0 v02 s＝v0t0＋ 2a0 式中，m 和 v0 分别为汽车的质量和刹车前的速度。 设在雨天行驶时，汽车与地面间的动摩擦因数为 μ，依题意 2 有 μ＝ μ0 5 大速度为 v，由牛顿第二定律和运动学公式得 ③ ① ②
7．解析：由 v2＝2ax 可知，若汽车速度的二次方 v2 与汽车前进 位移 x 的图像为直线，则汽车做匀加速运动。由汽车速度的 二次方 v2 与汽车前进位移 x 的图像可知，汽车的加速度越来 越大，汽车受到的合外力越来越大，选项 A 正确，B 错误； 根据汽车做加速度逐渐增大的加速运动，可画出速度图像， 根据速度图像可得出，汽车从开始运动到前进 x1 过程中，汽 v0 车的平均速度小于 ，选项 C 错误，D 正确。 2 答案：AD
12．解析：(1)对照片分析知，s1＝60 cm，s2＝100 cm， 由 Δs＝s2－s1＝aT2 Δs 100－60 得 a＝ 2 ＝ cm/s2＝0.4 m/s2 2 T 1 以小球 B 为研究对象，受力如图所示，由牛顿第二定律， 可知 mg－FT＝ma 对于物块 A，在水平方向，由牛顿第二定律，可得： FT′－Ff＝Ma 又 Ff＝μMg， FT＝－FT′，
课时跟踪检测(九)
1．解析：本题考查基本单位与导出单位间的关系，意在考查考 生对单位制的认识。由 1 J＝1 V· A· s＝1 kg· m· s 2· m 可得，1
－
V＝1 m2· kg· s 3· A 1，因此选 B。
－ －
答案：B 2．解析：质点受到的合外力先从 0 逐渐增大，然后又逐渐减小 为 0，合力的方向始终未变，故质点的加速度方向不变，先 增大后减小，速度始终增大，本题选 C。 答案：C
3．解析：物体受到向右的滑动摩擦力，Ff＝μFN＝μG＝3 N， F＋Ff 2＋3 根据牛顿第二定律得，a＝ m ＝ m/s2＝5 m/s2，方 1 v0 10 向向右，物体减速到 0 所需的时间 t＝ a ＝ s＝ 2 s ， B 5 正确，A 错误。减速到零后，F<Ff，物体处于静止状态， 不再运动，C 正确，D 错误。 答案：BC
11．解析：平衡时，对小球分析 F1＝mgsin θ；木板运动后稳定时， 对整体分析有：a＝gsin θ－μgcos θ；则 a＜gsin θ，根据牛顿 第二定律得知，弹簧对小球的弹力应沿斜面向上，弹簧处于 h 拉伸状态，对小球有 mgsin θ－F2＝ma，而 tan θ＝d；联立以 F2 h 上各式计算可得 μ＝ 。故 A、D 正确。 F1 d 答案：AD
设在雨天行驶时汽车刹车的加速度大小为 a，安全行驶的最
μmg＝ma v2 s＝vt0＋2a 联立①②③④⑤式并代入题给数据得 v＝20 m/s(或 72 km/h) 答案：20 m/s(或 72 km/h)
④ ⑤
⑥
5．解析：分析 M 受力情况如图所示，因 M 相对车厢 壁静止，有 Ff＝Mg，与水平方向的加速度大小 无关，A、D 错误。水平方向，FN＝Ma，FN 随 a 的增大而增大，由牛顿第三定律知，B 错误。因 FN 增大，物体与车厢壁的最大静摩擦力增大，故 M 相对于 车厢仍静止，C 正确。 答案：C 6．解析：小物块相对斜面静止，因此小物块与斜面间的摩擦力是 静摩擦力。缆车以加速度 a 上行，小物块的加速度也为 a，以 1 物块为研究对象，则有 Ff－mgsin 30° ＝ma，Ff＝ mg＋ma， 2 方向平行斜面向上，故 A 正确，B、C、D 均错误。答案：A
Δv 0－6 2 2 9． 解析： (1)滑块的加速度大小： a＝ ＝ m /s ＝ 12 m/ s 。 Δt 0.5
(2)滑块在冲上斜面过程中 mgsin θ＋μmgcos θ＝ma a－gsin 30° 12－10×0.5 μ＝ ＝ ＝0.81 gcos 30° 3 10× 2
v2＜2a′(l－h) a′l 可得 h＜ 。 a＋a′ 代入数值，解得 h＜2.375 m。 答案：(1)0.152 (2)2.375 m
mg－M＋ma 联立各式得：μ＝ Mg 代入 M、m、g、a 的数值，解得 μ＝0.152。 (2)对小球 B， 小球做初速度为零， 加速度为 a 的匀加速直线运动， 落地时速度为 v，由运动学公式有：v2－0＝2ah 对物块 A：B 从开始下落到着地，A 也运动了 h，随后在摩擦力 作用下做匀减速直线运动，由牛顿第二定律，有：μMg＝Ma′ 要使物块不撞到定滑轮，则应满足
8．解析：不受空气阻力的物体，整个上抛过程中加速度恒为 g， 方向竖直向下， 题图中的虚线表示该物体的速度－时间图像； 受空气阻力的物体在上升过程中，mg＋kv＝ma，即 a＝g＋ kv m ，随着物体速度的减小，物体的加速度不断减小，故 A 项 错误；受空气阻力的物体上升到最高点时，速度为零，此时 物体的加速度也是 g， 方向竖直向下， 故图中实线与 t 轴交点 处的切线的斜率应与虚线的斜率相同，故 D 项正确，B、C 项错误。 答案：D
(3)滑块速度减小到零时，重力的分力小于最大静摩擦力，不能 再下滑。 v02 62 x＝ ＝ m＝1.5 m 2a 2×12 滑块停在距底端 1.5 m 处。 答案：(1)12 m/s2 (2)0.81
(3)不能返回，停在距底端 1.5 m 处
10．解析：分析小球 B 受力，由平衡条件可得：kx＝mgsin α，解 mg mg 得 x＝ ，弹簧的原长为 L－x＝L－ ，A 错误；分析小球 2k 2k A 受力，由平衡条件可得：Fcos α＝mgsin α＋kx，解得：F 2 3 ＝ mg，B 错误；撤去 F 的瞬间，弹簧弹力不变，故 B 球 3 的加速度为零，由 mgsin α＋kx＝maA 可得：小球 A 此时的加 速度为 aA＝g，C 正确。 答案：C