人教版高中物理选修3-1第二章恒定电流单元测试(含解析)

人教版选修3-1第二章恒定电流单元测试
一、单选题（本大题共13小题）
1.在图中所示的电路中，当滑动变阻器的滑动触片向b端移动时（）
A. 伏特表V读数增大,电容C的电荷量在减小
B. 安培表A的读数增大,电容C的电荷量在增大
C. 伏特表V的读数增大,安培表A的读数减小
D. 伏特表V的读数减小,安培表A的读数增大
2.在如图所示的U-I图象中，直线Ⅰ为某一电源的路端电压与电流
的关系图象，直线Ⅱ为某一电阻R的伏安特性曲线．用该电源与
电阻R组成闭合电路．由图象判断错误的是（）
A. 电源的电动势为3 V,内阻为
B. 电阻R的阻值为
C. 电源的效率为
D. 电源的输出功率为
4 W
3.如图所示，R1为定值电阻，R2为可变电阻，E为电源电动
势，r为电源的内电阻，以下说法中不正确的是（）
A. 当时,上获得最大功率
B. 当时,上获得最大功率
C. 当时上获得功率一定最大
D. 当时,电源的输出功率可能最大
4.如图，电源内阻较大，当开关闭合、滑动变阻器滑片位于某
位置时，水平放置的平行板电容器间一带电液滴恰好处于静
止状态，灯泡L也能正常发光，现将滑片由该位置向a端滑
动，则
A. 灯泡将变暗,电源效率将减小
B. 液滴带正电,将向下做加速运动
C. 电源的路端电压增大,输出功率也增大
D. 滑片滑动瞬间,带电液滴电势能将减小
5.有一横截面积为S的铜导线，流经其中的电流强度为I，设每单位体积的导线中有
n个自由电子，电子的电量为e，此时电子的定向移动速度为v，在△t时间内，通过导线的横截面积的自由电子数目可表示为（）
B. △
C. △
D. △
A.
△
6.如图所示，图线1表示的导体的电阻为，图线2表示的导体
的电阻为，则下列说法正确的是
A. ：：1
B. 把拉长到原来的3倍长后电阻等于
C. 将与串联后接于电源上,则功率之比：：3
D. 将与并联后接于电源上,则电流比：：3
7.电源电动势反映了电源把其它形式的能量转化为电能的能力，因此（）
A. 电动势是一种非静电力
B. 电动势越大,表明电源储存的电能越多
C. 电动势的大小是非静电力做功能力的反映
D. 电动势就是闭合电路中电源两端的电压
8.如图所示，电阻R1R2R3R4满足R1：R2：R3：R4=1：2：3：4，当AB间接上直流电
压时，R1R2R3R4的电流比为（）
A. 1：2：3：4
B. 3：2：1：6
C. 6：3：2：11
D. 3：2：1：4
9.两只额定电压均为110V的灯泡A和B，额定功率分别为100W和40W，为了使它
们接到220V电源上能正常发光，同时电路消耗的电功率最小，如图所示的四个电路中最合理的是图（）
A. B.
C. D.
10.在如图所示电路中，当滑动变阻器滑片P向上移动时，则
（）
A. A灯变亮、B灯变亮、C灯变亮
B. A灯变暗、B灯变亮、C灯变暗
C. A灯变亮、B灯变暗、C灯变暗
D. A灯变暗、B灯变暗、C灯变亮
11.如图所示是双量程电压表的电路图，已知电流表满偏电流
，电阻，，当使用a、b两个
端点时，量程为0～5V，则使用a、c两个端点时的量程是（）
A. ～
B. ～
C. ～
D. ～
12.一个T型电路如图所示，电路中的电阻R1=10Ω，
R2=120Ω，R3=40Ω．另有一测试电源，电动势为100V，
内阻忽略不计．则（）
A. 当cd端短路时,ab之间的等效电阻是
B. ab端短路时,cd之间的等效电阻是
C. 当ab两端接通测试电源时,cd两端的电压为80V
D. 当cd两端接通测试电源时,ab两端的电压为80V
13.关于电流的说法中正确的是（）
A. 根据,可知I与q成正比
B. 电流有方向,电流也有矢量
C. 在金属导体中,自由电子移动方向为电流方向
D. 电流的单位“安培”是国际单位制中的基本单位
二、实验题（本大题共3小题）
14.某同学想设计一个测量金属棒电阻率的实验方案，实验室提供的器材有：
A．电流表A1（内阻R g=100Ω，满偏电流I g=3mA）
B．电流表A2（内阻约为0.4Ω，量程为0.6A）
C．定值电阻R0=900Ω
D．滑动变阻器R（5Ω，2A）
E．干电池组（6V，0.05Ω）
F．一个开关和导线若干
G．螺旋测微器，游标卡尺
（1）如图1，用螺旋测微器测金属棒直径为______mm；如图2用20分度游标卡尺测金属棒长度为______cm．
（2）用多用电表粗测金属棒的阻值：当用“×10Ω”挡时发现指针偏转角度过大，他应该换用______挡（填“×1Ω”或“×100Ω”），换挡并进行一系列正确操作后，指针静止时如图3所示，则金属棒的阻值约为______Ω．
（3）请根据提供的器材，设计一个实验电路，要求尽可能精确测量金属棒的阻值．（4）若实验测得电流表A1示数为I1，电流表A2示数为I2，则金属棒电阻的表达式为R x=______．（用I1，I2，R0，R g表示）
15.用如图（甲）所示的电路图研究额定电压为2.4V的灯泡L的伏安特性，并测出该
灯泡在额定电压下工作时的电阻值．
（1）在闭合开关S前，滑动变阻器触头应该放在______端．（选填“a”或“b”）（2）按电路图（甲）测出的灯泡电阻值比真实值______（选填“偏大”或“偏小”）．根据所得到的图象如图乙所示，它在额定电压下实际功率P=______W，I-U 图象是一条曲线而不是直线的原因是______．
16.图（a）为某同学组装完成的简易多用电表的电路图。

图中E是电池；R1、R2、R3、
R4和R5是固定电阻，R6是可变电阻；表头G的满偏电流为250 μA，内阻为480Ω．虚线方框内为换挡开关，A端和B端分别于两表笔相连。

该多用电表有5个挡位，5个挡位为：直流电压1V挡和5V挡，直流电流1mA挡和2.5mA挡，欧姆×100Ω挡。

（1）图（a）中的A端与______（填“红”或“黑”）色表笔相连接。

（2）关于R6的使用，下列说法正确的是______（填正确答案标号）。

A．在使用多用电表之前，调整R6使电表指针指在表盘左端电流“0”位置
B．使用欧姆挡时，先将两表笔短接，调整R6使电表指针指在表盘右端电阻“0”
位置
C．使用电流挡时，调整R6使电表指针尽可能指在表盘右端电流最大位置
（3）根据题给条件可得R1+R2=______Ω，R4=______Ω。

（4）某次测量时该多用电表指针位置如图（b）所示。

若此时B端是与“1”连接的，则多用电表读数为______；若此时B端是与“3”相连的，则读数为______；
若此时B端是与“5”相连的，则读数为______。

（结果均保留3为有效数字）
三、计算题（本大题共3小题）
17.如图，灯泡D与电动机M中串联在一个稳压电源上，电源的输出电压为U=20V，
灯泡D的电阻为R D=6Ω，电动机M线圈的电阻为R M=2Ω，与电动机并联的理想电压表读数为U M=14V．电动机的转轴的摩擦可忽略，求：
（1）通过灯泡的电流I=？
（2）电动机M线圈的发热功率P Q=？
（3）电动机M输出的机械功率P机=？
18.如图所示电路中，R1=R2=2Ω，R3=1Ω．当K接通时，
电压表的读数为1V；K断开时，电压表的读数为
0.75V．求电源电动势E和内阻r．
19.如图所示电路中，电源电动势E=12V，内阻r=2Ω，指示灯的阻值16Ω为，电动
机M线圈电阻R M为2Ω当开关S闭合时，指示灯R L的电功率P=4W求：
流过电流表A的电流；
电动机M输出的机械功率．
答案和解析
1.【答案】D
【解析】【分析】
本题考查的是电路动态变化分析问题，通常按照“部分→整体→部分”的顺序进行分析，也可根据结论分析变阻器中电流的变化：只要变阻器接入电路的电阻减小，通过其电流必定增大。

当滑动变阻器的滑动触片向b端移动时，先分析变阻器电阻的变化，得到总电阻的变化，分析总电流的变化，判断出路端电压的变化，即可知道电压表读数的变化．再根据并联部分电压的变化和总电流的变化，分析电流表读数的变化。

【解答】
当滑动变阻器的滑动触片向b端移动时，变阻器有效电阻减小，外电路总电阻减小，则路端电压减小，总电流增大，所以伏特表V的读数减小。

根据串联电路分压特点可知，电路中并联部分分压减小，通过R2的电流减小，而总电
流增大，所以通过电流表的电流增大，即安培表A的读数增大。

由于并联部分电压减小，电容器板间电压减小，则电容C的电荷量在减小，故ABC错误，D正确。

故选D。

2.【答案】C
【解析】解：A、根据闭合电路欧姆定律得U=E-Ir，当I=0时，U=E，由读出电源的电
|=Ω=0.5Ω．故A正确。

动势E=3V，内阻等于图线的斜率大小，则r=|△
△
B、电阻R==Ω=1Ω．故B正确。

===66.7%．故C错误。

C、电源的效率η=出
总
D、两图线的交点表示该电源直接与电阻R相连组成闭合电路时工作状态，由图读出电压U=2V，电流I=2A，则电源的输出功率为P出=UI=4W．故D正确。

本题选择错误的，故选：C。

由电源的路端电压与电流的关系图象可知，图象与纵轴的交点等于电源的电动势，其斜率大小等于电源的内阻．电阻R的伏安特性曲线的斜率等于电阻．两图线的交点读出电流与电压，求出电源的输出功率和效率．
对于图线关键要根据物理规律，从数学角度来理解其物理意义．本题要抓住图线的斜率、交点的意义来理解图象的意义．
3.【答案】B
【解析】解：A、将R1等效到电源的内部，R2上的功率等于等效电源的输出功率，当等效电源的外电阻等于内阻时，即R2=R1+r时，输出功率最大，即R2上的功率最大。

故A 正确。

B、根据P=I2R，电流最大时，R1上的功率最大。

当外电阻最小时，即R2=0时，电流最大。

故B错误，C正确。

D、当外电阻等于内阻时电源的输出功率最大，外电阻与内电阻越接近，电源的输出功率越大，当R1＞r，故当R2=0时，电源的输出功率最大，故D正确；
因选不正确的，故选：B。

当外电阻等于内阻时电源的输出功率最大．对于定值电阻，根据P=I2R，电流最大时，功率最大．
解决本题的关键掌握当外电阻等于内阻时电源的输出功率最大．对于定值电阻，根据
P=I2R，电流最大时，功率最大．
4.【答案】D
【解析】【分析】
将滑片由该位置向a端滑动时，变阻器接入电路的电阻增大，分析电路中总电阻的变化，判断变阻器电压的变化，判断电容器充电还是放电，由板间场强的变化分析液滴的运动情况，根据场强的变化分析电势的变化，从而明确电势能的变化情况。

本题电容器动态变化分析与电路动态变化分析的综合，注意抓住电容器的电压与电阻电压的关系进行分析，注意下极板接地，故板间电势均为负值。

【解答】
A.将滑片由该位置向a端滑动时，变阻器接入电路的电阻增大，电路中总电阻增大，电路中电流减小，灯泡消耗的功率减小，则灯泡将变暗．外电路总电阻增大，路端电压增
大，则电源的效率为η=×100%=×100%，U增大，则知η增大，故A错误；
B.液滴受力平衡，因电容器上极板带负电，板间场强向上，则知液滴带正电，路端电压增大，故电容器板间电压增大，板间场强增大，液滴所受的电场力增大，因此液滴将向上做加速运动，故B错误；
C.由于电源的内电阻与外电阻关系未知，所以不能判断输出功率如何变化，故C错误；
D.因电容器两端的电压增大，故电荷所在位置相对于下极板的电势差增大，因下极板接地，故所在位置的电势减小，因粒子带正电，故粒子电势能减小，故D正确。

故选D。

5.【答案】C
【解析】【分析】
首先根据电流强度的定义可以求得t时间内通过导线横截面积的总的电荷量的大小，进而可以求得自由电子的个数，再根据电流的微观的表达式，根据电阻的运动的速率的大小也可以求得通过导线横截面的自由电子的个数．
本题计算自由电子的个数，要注意从不同的角度来分析问题，一是从微观运动的角度，二是从电流强度的角度．
【解答】
解：在t时间内，以速度v移动的电子在铜导线中通过的距离为v t，由于铜导线的横截面积为S，则在t时间内，电子经过的导线体积为
V=v tS。

又由于单位体积的导线有n个自由电子，则在t时间内，通过导线横截面的自由电子数目可表示为N=nvS t。

由于流经导线的电流为I，则在t时间内，流经导线的电荷量为Q=I t，而电子的电荷
量为e，则t时间内通过导线横截面的自由电子数目可表示为：N=，故C正确。

故选：C。

6.【答案】C
【解析】【分析】
通过I-U图象得出两电阻的关系。

串联电路电流相等，并联电路，电压相等，电流比等于电阻之反比。

根据功率公式可明确功率关系。

解决本题的关键知道I-U图线的斜率表示电阻的倒数以及知道串并联电路的特点，同时能正确选择功率公式。

【解答】
A.根据I-U图象知，图线的斜率表示电阻的倒数，所以R1：R2=1：3．故A错误；
B.把把R1拉长到原来的3倍长后，截面积变成原来的三分之一，则根据R=可知，电
阻变为原来的9倍，故电阻为R2的3倍；故B错误；
C.电阻等于R2串联电路电流相等，所以将R1与R2串联后接于电源上，电流比I1：I2=1：1．则由P=I2R可知，功率之比P1：P2=1：3，故C正确；
D.并联电路，电压相等，电流比等于电阻之反比，所以将R1与R2并联后接于电源上，电流比I1：I2=3：1．故D错误。

故选C。

7.【答案】C
【解析】【分析】
电动势等于非静电力把1C的正电荷在电源内部从负极搬运到正极所做的功，描述电源把其它形式的能量转化为电能本领的物理量。

本题考查对电动势的理解，要注意电源电动势表征了电源把其他形式的能转化为电能的本领大小，抓住电动势的物理意义和闭合电路欧姆定律进行分析。

【解答】
A.电动势在数值上等于非静电力把1C的正电荷在电源内部从负极搬运到正极所做的功，不是一种非静电力，故A错误；
BC.电动势是描述电源把其它形式的能量转化为电能本领的物理量，是非静电力做功能
力的反映，电动势越大，表明电源将其它形式的能转化为电能的本领越大，故B错误，C正确；
D.电源电动势等于电源没有接入电路时两极间的电压，在闭合电路中电源两极间的电压是路端电压，小于电源电动势，故D错误。

故选C。

8.【答案】C
【解析】【分析】
分析清楚电路结构，然后应用并联电路特点与欧姆定律分析答题。

本题考查了求电流之比，分析清楚电路结构、应用并联电路特点与欧姆定律即可正确解题。

【解答·】
由图示电路图可知，R1：R2：R3三个电阻并联，它们两端电压：U相等，
在U一定时，由欧姆定律：I=可知，电流之比与电阻之比成反比，故R1：R2：R3三个
电阻上的电流之比为：6：3：2；
R4的电流为三个电流之和，故R1R2R3R4的电流比为6：3：2：11；
故选：C。

9.【答案】C
【解析】解：A、灯泡的额定电压为110V，图中，A灯泡的电压等于220V，大于额定电压，烧坏了，故A错误；
B、由于额定电压都是110V，额定功率P A=100W、P B=40W，由此可知R B＞R A，把灯泡A与电阻并联的话，会使并联的部分的电阻更小，所以AB的电压不会平分，AB不会同时正常发光，故B错误；
C、由于额定电压都是110V，额定功率P A=100W、P B=40W，由此可知R B＞R A，把灯泡B与电阻并联的话，可以使并联部分的电阻减小，可能使A与并联部分的电阻相同，所以AB能同时正常发光，并且电路消耗的功率与A灯泡的功率相同，所以总功率的大小为200W；
D、把AB并联之后与电阻串连接入电路的话，当电阻的阻值与AB并联的总的电阻相等时，AB就可以正常发光，此时电阻消耗的功率为AB灯泡功率的和，所以电路消耗的总的功率的大小为280W；
由CD的分析可知，正常发光并且消耗的功率最小的为C，故C正确。

故选：C。

由题可知，灯泡的电压相等，但是灯泡的功率不同，由此可以知道两种灯泡的电阻的大小不同，再由电路的串并联的知识先逐个分析灯泡能否正常的发光，再判断消耗的功率最小的电路．
解答本题是一定要注意题目要同时满足两个条件即灯泡能够正常发光并且消耗的功率
还要最小．
10.【答案】B
【解析】解：当变阻器的滑动触头P向上移动时，变阻器接入电路的电阻增大，外电路总电阻增大，总电流I减小，A灯变暗。

A灯和电源的内电压都减小，由闭合电路欧姆定律得知并联部分电压增大，B灯变亮。

由总电流减小，而通过B灯的电流增大，可知通过C灯的电流减小，则C灯变暗。

故ACD错误，B正确。

故选：B。

当变阻器的滑动触头P向上移动时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律分析总电流的变化，即可知道A灯亮度的变化．由欧姆定律分析并联部分电压的变化，判断B灯亮度的变化．由通过B的电流与总电流的变化，分析通过C灯电流的变化，判断其亮度的变化．
本题是电路动态分析问题，按局部到整体，再对局部分析电压或电流的变化，来判断电灯亮度的变化．
11.【答案】D
【解析】【分析】
将电流表改装成电压表时应串联大电阻，示数为表头及电阻两端的总电压。

本题考查电流表的改装，把电流表改装为电压表，应串联大电阻，应用串联电路特点与欧姆定律即可正确解题。

【解答】
当使用a、b两个端点时，由欧姆定律得：U1=I g（R1+R g）=5V，可得R g=500Ω
当使用a、c两个端点时，由欧姆定律得：U2=I g（R2+R1+R g）=1×10-3（20×103+4.5×103+500）V=25V，
则D正确。

故选D。

12.【答案】C
【解析】【分析】
当cd端短路时，ab间电路的结构是：电阻R2、R3并联后与R1串联．当ab端短路时，cd之间电路结构是：电阻R1、R3并联后与R2串联。

当ab两端接通测试电源时，cd两端的电压等于电阻R3两端的电压。

当cd两端接通测试电源时，ab两端的电压等于电阻R3两端的电压．根据欧姆定律求解电压。

对于电路要明确电路的结构，并能正确应用串并联电路的规律进行分析，必要时应进行电路的简化。

【解答】
A.当cd端短路时，ab间电路的结构是：电阻R2、R3并联后与R1串联，等效电阻为
R=+R1=40Ω，故A错误；
B.当ab端短路时，cd之间电路结构是：电阻R1、R3并联后与R2串联，等效电阻为
R=+R2=128Ω，故B错误；
C.当ab两端接通测试电源时，cd两端的电压等于电阻R3两端的电压，U=E=80V，故C正确；
D.当cd两端接通测试电源时，ab两端的电压等于电阻R3两端的电压，为U3=E=25V，
故D错误。

故选C。

13.【答案】D
【解析】【分析】
电荷的定向移动形成电流，电流与电荷量及时间无关，电流的单位为安培，安培是国际单位制的基本单位。

本题考查电流的定义，要注意明确电流的定义及电流的方向规定，难度不大，属于基础题。

【解答】
A.电流等于电路中通过某一横截面积的电量与所用时间的比值，故在t不确定的情况下不能笼统的说I与q是否是成正比，故A错误；
B.电流有方向，但电流的运算不适用平行四边形定则，故电流是标量，故B错误；
C.金属导体中，自由电子定向移动方向与电流方向相反，故C错误；
D.电流的单位为国际单位制中的基本单位，故D正确。

故选D。

14.【答案】（1）6.126；10.230；
（2）×1Ω；10；
（3）如图：
；
（4）。

【解析】【分析】
（1）螺旋测微器固度刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器示数；游标卡尺主尺与游标尺示数之和是游标卡尺示数；
（2）由欧姆表测电阻要选择合适的挡位使指针指在中央刻度线附近；欧姆表指针示数与挡位的乘积是欧姆表示数；
（3）根据伏安法测电阻的实验原理与所给实验器材作出电路图；
（4）根据电路图应用欧姆定律求出电阻阻值。

本题考查了螺旋测微器与游标卡尺读数、欧姆表的使用方法、设计电路图、求电阻阻值；螺旋测微器固度刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器示数；游标卡尺主尺与游标尺示数之和是游标卡尺示数，螺旋测微器需要估读，游标卡尺不需要估读。

【解答】
（1）由图示螺旋测微器可知，其示数为：6mm+12.6×0.01mm=6.126mm；
由图示游标卡尺可知，其示数为：102mm+6×0.05mm=102.30mm=10.230cm；
（2）用欧姆表“×10Ω”挡时发现指针偏转角度过大，说明所选挡位太大，应该换用×1Ω挡，并进行一系列正确操作，由图3所示可知，则金属棒的阻约为10×1Ω=10Ω；（3）由题意可知，没有电压表，可以用电流表A1与定值电阻R0串联组成电压表测电压，用电流表A2测电流，由于改装后电压表内阻为100Ω+900Ω=1000Ω，电流表内阻约为0.4Ω，待测电阻阻值约为10Ω，滑动变阻器最大阻值为5Ω，为测多组实验数据，滑动变阻器应采用分压接法，电压表内阻远大于电阻阻值，电流表应采用外接法，实验电路图如图所示：
；
（4）金属棒电阻阻值：R x==；
故答案为：（1）6.126；10.230；
（2）×1Ω；10；
（3）如图所示（见解答）；
（4）。

15.【答案】a偏小 1.2 1.2
【解析】解：（1）：闭合开关前，应将滑动触头置于输出电压最小的a端，以保护电流表；
（2）：根据欧姆定律，电阻测量值为
测
=，
若考虑电压表内阻影响，待测电阻的真实值为
真
=，
比较可知
测＜
真
，所以测出的灯泡电阻值比真实值偏小；
根据I-U图象读出U=2.4V时对应的电流I=0.5A，
所以小灯泡的实际功率为
实
=1.2W；
根据欧姆定律应有：I=，可见I-U图象上的点与原点连线斜率的倒数等于灯泡的
电阻，由于连线的斜率逐渐减小，所以小灯泡的电阻随温度的升高而增大，
即I-U图象是一条曲线而不是直线的原因是小灯泡的电阻随温度的升高而增大．
故答案为：（1）a
（2）偏小，1.2，小灯泡的电阻随温度的升高而增大
本题（1）的关键是明确变阻器采用分压式接法时，电键闭合前应将滑片置于输出电压最小的一端以保护电流表；题（2）的关键是根据欧姆定律写出电阻测量值和真实值的表达式即可；对于I-U图象，应根欧姆定律写出关于I与U的函数表达式，可知图象上的点与原点连线的斜率倒数应等于小灯泡的电阻，然后讨论即可．
应明确：①电键闭合前，应将变阻器的滑片置于输出电压最小的一端以保护电流表；
②I-U图象上的点与原点连线的斜率倒数等于导体的电阻．
16.【答案】黑B160 880 1.48mA 1.10KΩ 2.95V
【解析】解：（1）根据欧姆表原理可知，内部电源的正极应接黑表笔，这样才能保证在测电阻时电流表中电流“红进黑出”；
（2）由电路图可知，R6只在测量电阻时才接入电路，故其作用只能进行欧姆调零，不能进行机械调零，同时在使用电流档时也不需要时行调节，故B正确；AC错误；
故选：B；
（3）直流电流档分为1mA和2.5mA，由图可知，当接2时应为1mA；根据串并联电路规律可知，R1+R2===160Ω；
总电阻R总==120Ω
接4时，为电压档，因串入的电阻较小，故应为量程1V的电压表；此时电流计与R1、R2并联后再与R4串联，即改装后的1mA电流表与R4串联再改装后电压表；
根据串联电路规律可知，R4==880Ω；
（4）若与1连接，则量程为2.5mA，读数为1.48mA（1.47-1.49）；
若与3连接，则为欧姆档×100Ω挡，读数为11×100=1100Ω=1.10kΩ；
若与5连接，则量程为5V；故读数为2.95V（2.91-2.97均可）；
故答案为；（1）黑；（2）B；（3）160；880；（4）1.48mA；1.10kΩ；2.95V。

（1）明确欧姆表原理，知道内部电源的正极接黑表笔，负极接红表笔；
（2）明确电路结构，知道欧姆档中所接滑动变阻器只能进行欧姆调零；
（3）根据给出的量程和电路进行分析，再结合串并联电路的规律即可求得各电阻的阻值；
（4）明确电表的量程，确定最小分度，从而得出最终的读数。

本题考查了多用电表读数以及内部原理，要注意明确串并联电路的规律应用，同时掌握读数原则，对多用电表读数时，要先确定电表测的是什么量，然后根据选择开关位置确定电表分度值，最后根据指针位置读数；读数时视线要与电表刻度线垂直。

17.【答案】解：（1）灯两端的电压为
所以通过灯泡的电流为；
（2）电动机M线圈的发热功率；
（3）电动机M消耗的电功率为
输出的机械功率。

机
答：
（1）通过灯泡的电流I为1A；
（2）电动机M线圈的发热功率为2W；
为12W。

（3）电动机M输出的机械功率
机
【解析】（1）电动机正常工作时的电路是非纯电阻电路，欧姆定律不成立，而灯泡D 是纯电阻，可以对灯泡D，运用用欧姆定律求电路中的电流；
（2）发热功率根据P Q=I2R M即可求解；
（3）电动机M输出的机械功率P机=P M-P热。

本题切入点在于根据闭合电路欧姆定律求解干路电流，突破口在于根据电功率表达式列式求解，注意电动机是非纯电阻电路。

18.【答案】解：设电源电动势为E，内阻为r，则当K接通，R1、R2并联再与R3串联，R1、R2并联电阻值是1Ω，电压表测R3两端的电压，所以
即：①
当K断开，R2、R3串联，电压表测R3两端的电压，则：
即：②
联立①②代入数据得：E=3V，r=1Ω
答：电源电动势E和内阻r分别为3V和1Ω。

【解析】本题主要考查了闭合电路欧姆定律，利用闭合电路的欧姆定律是解题的关键，注意串并联电路的特点。

利用K的接通和断开，用闭合电路的欧姆定律与串并联电路的特点列方程组即可顺利求解。

19.【答案】解：（1）设流过指示灯R L的电流为I1，流过电流表A的电流为I
则指示灯R L的电功率P=I12R L
代入数据解得I1=0.5A
路端电压U=I1R L=8V
由闭合电路欧姆定律有E=U+Ir
解得：I=2A
即流过电流表的电流示数为2A；
（2）设流过电动机M的电流为I2
根据并联电路的电流关系I2=I-I1=1.5A
电动机输出的机械功率P出=I2U-I22R M
代入数据解得P出=7.5W
电动机输出的机械功率为7.5W。

【解析】【分析】
此类题目首先要明确电路的结构，再根据电路特点选择合适的方法；因电动机不是纯电阻电路，故应特别注意功率公式的选择，应由P=UI求总功率，不能用P=求电动机的总功率。

（1）由图可知，指示灯与电动机并联；已知指示灯的电功率，则由功率公式P=I2R可求得灯泡中的电流，再由欧姆定律可求得并联部分的电压，由闭合电路的欧姆定律可求得干路中的电流；。