河北省沧州市2019-2020学年中考第一次质量检测物理试题含解析

河北省沧州市2019-2020学年中考第一次质量检测物理试题
一、单选题（本大题共10小题，共30分）
1．关于温度、内能、热量三者的关系，下列说法正确是（）
A．温度高的物体，内能一定大
B．物体温度升高，一定是吸收了热量
C．物体吸收了热量，温度一定升高
D．物体温度升高，内能一定增大
D
【解析】
【详解】
A．温度是影响内能大小的一个因素，但不是唯一因素，所以温度高的物体内能不一定大．故A不正确；B．改变物体内能的方法有两种：做功和热传递，且二者是等效的，所以物体温度升高不一定是吸收了热量．故B不正确；
C．物体吸收热量内能增加，但温度不一定升高，比如：晶体在熔化过程中虽然吸热，但温度保持不变．故C不正确；
D．物体温度升高，分子运动加剧，分子动能增加，分子动能和分子势能总和为物体内能．故D正确．2．如图（a）所示电路中，闭合开关后，两个电压表指针偏转均如图（b）所示，则电阻R1和R2两端的电压分别为
A．7 V 1.4V B．5.6V 1.4V C．1.4V 7V D．1.4V 5.6V
B
【解析】
【详解】
如图（a）所示电路中，V1测量电源电压，V2测量R2的电压，两个电压表指针偏转均如图（b）所示，说明两个表使用的是不同的两个量程，V1为大量程，读数为：7V，V2为小量程，读数为：1.4V，所以R1两端的-=．故B符合题意．
电压为：7V 1.4V 5.6V
选B．
3．董卿主持的《中国诗词大会》再次获得央视第四季收视率冠军，场外中途打开收音机的听众们判断出是董卿正在主持，听众们判断的依据主要是声音的
A．响度B．音调C．音色D．声速
C
【解析】
【详解】
我们通过听声音就能判断出是谁在说话，主要是依据声音的音色不同，故ABD错误，C正确。

4．家庭用电吹风，可以根据需要调节选择开关，实现吹冷风或吹热风的功能，为人们的生活带来许多方便．如图中的四种电吹风电路能够实现上述功能的是（）
A．B．
C．D．
A
【解析】
【详解】
由电路图可知，当触点接触2、3时，电路为电动机的简单电路，电吹风吹冷风；当触点接触1、2时，电动机和电热丝同时工作，电吹风吹热风，故A符合题意；
由电路图可知，当触点接触1、2时，电路为电热丝的简单电路，电动机不工作，不能吹出热风，故B不符合题意；
由电路图可知，当触点接触1、2或2、3时，电动机和电热丝同时工作，电吹风吹热风，当电路无法实现电动机单独工作，即无法吹冷风，故C不符合题意；
由电路图可知，当触点接触1、2时，电动机和电热丝同时工作，电吹风吹热风；当触点接触2、3时，电路为电热丝的简单电路，电动机不工作，不能吹出热风，故D不符合题意；故应选A．
5．飞机黑匣子的电路等效为两部分，一部分为信号发射电路，可用等效电阻R1表示，用开关S1控制，30天后自动断开，R1停止工作；另一部分为信息储存电路，可用等效电阻R2，用开关S2控制，能持续工作6年，如图所示．关于黑匣子的等效电路中正确的是
A．B． C． D．
B
【解析】
【分析】
【详解】
A图中的开关S1控制整个电路，故不符合题意；B图中两个电阻并联，两个开关各控制一个电阻，并且符合题目中所描述的所有内容，故符合题意；C图中的开关S1控制整个电路，故不符合题意；D图中的开关S1控制整个电路，故不符合题意；故应选B．
6．初温相同，质量相同的铝块和铜块放出相同的热量（c铝＞c铜），相互接触后，则
A．内能由铜转移给铝B．内能由铝转移给铜
C．不发生热传递D．无法判断
B
【解析】
【详解】
=∆可知初温相同，质量相同的铝块和铜块放出相同的热量后，铝的温度比铜高，因为C铝>C铜，由Q mC t
所以内能将由铝转移给铜；；
故选B．
7．关于某中学生的估测，下列数据合理的是
A．身高约为160dm
B．100m短跑成绩约为6s
C．步行速度约为1m/s
D．脉搏正常跳动60次所用时间约为1s
C
【解析】
【详解】
A．中学生的身高略小于成年人，在
160cm=16dm
左右，故A不符合实际；
B．男子百米世界纪录略小于10s，中学生百米成绩不可能小于10s，故B不符合实际；
C．成年人正常步行的速度在
4km/h=4×1/3.6m/s≈1m/s
左右，故C符合实际；
D．正常情况下，人的脉搏1min跳动的次数在75次左右，跳动一次的时间接近1s，故D不符合实际，故选C．
8．在如图的情景中，如果保持透镜在50cm刻度线处不动，将点燃的蜡烛放在光具座上18cm刻度线处，为了在光屏上得到清晰的像，应该进行的操作以及光屏上像的大小变化情况是
A．将光屏左移，像变小B．将光屏右移，像变小
C．将光屏左移，像变大D．将光屏右移，像变大
D
【解析】
在做凸透镜成像的实验中，保持凸透镜在50cm刻度线处不动，将点燃的蜡烛放在光具座上18cm刻度线处，此时物距减小，则像距变大，像变大，光屏也向右移，故D正确．
故选D．
【点睛】熟练掌握凸透镜成像的规律，能根据实验中物距与像距的变化，判断成像的特点与规律是解答的关键．
9．如图是“探究电磁铁磁性强弱的影响因素”的实验装置，闭合开关后，则下列说法错误的是
A．甲电磁铁的磁性比乙强
B．向左移动滑片P，发现甲、乙吸引大头针的数量均变多
C．本实验过程中运用了控制变量法和转换法
D．乙电磁铁的上端为N极
D
【解析】
【详解】
A、用如图所示的装置进行实验，闭合开关后，调节滑动变阻器的滑片，电路中电流相同，发现电磁铁甲吸引大头针的数目比乙多，说明甲的磁性强，故A正确；
B、闭合开关后，向左调节滑动变阻器的滑片，电阻减小，电路中电流增大，电磁铁磁性增强，电磁铁甲、乙吸引大头针的数目增多，故B正确；
C、电磁铁磁性的强弱与电流的大小和线圈的匝数有关，故该实验中利用控制变量法；电磁铁吸引大头针的多少，说明的磁性的大小这是一种转换的方法，故C正确；
D、由安培定则可知，电磁铁上端为S极，下端为N极，故D错误；
10．如图所示的四种现象中，能用光的直线传播解释的是
A．手影游戏
B．天空彩虹
C．“断笔”现象
D．光纤传输信号
A
【解析】
【详解】
A、手影是由于光的直线传播形成的，故A正确；
B、雨后天空出现的彩虹，属于光的色散现象，是由光的折射形成的，故B错误；
C、水中的“断笔”现象是由于光线从水中射入空气中发生折射形成的，故C错误；
D、光纤传输是利用光的反射原理，故D错误；
二、多选题（本大题共3小题，共12分）
11．某同学用自制的水凸透镜做凸透镜成像实验，在光屏上得到了清晰的像，如图所示.他继续向水凸透镜内注水，使水凸透镜的焦距变小，要在光屏上再次成清晰的像
A．如果不改变蜡烛和凸透镜的位置，光屏应向右移动
B．如果不改变蜡烛和凸透镜的位置，光屏应向左移动
C．如果不改变光屏和凸透镜的位置，蜡烛应向左移动
D．如果不改变光屏和凸透镜的位置，蜡烛应向右移动
BD
【解析】
当他继续向水凸透镜内注水，使水凸透镜的焦距变小，即凸透镜对光的偏折能力变强，则像距会变小；
所以如果不改变蜡烛和凸透镜的位置，即物距不变时，应使光屏应向左移动，减小像距可以两次成清晰的像，故B正确，A错误；
如果不改变光屏和凸透镜的位置，应减小物距，此时像距会增大，所以蜡烛应向右移动可以两次成清晰的像，故D正确，C错误；
故选BD。

点睛：凸透镜成像规律是常考试的内容，应牢记凸透镜的成像规律，有些同学总是记不住，要下点功夫，可以结合成像光路图进行练习、记忆。

12．2018年11月19日，我国用长征三号乙运载火箭以“一箭双星”方式成功发射了两颗北斗导航卫星，为“一带一路”国家和地区提供导航等基本服务．下列关于长征火箭和卫星说法正确的是
A．火箭加速上升过程中重力势能增大动能减小动能转化为重力势能
B．卫星通过接收与发射电磁波与地面互相传递信息
C．现代火箭用液态氢作燃料是因为液态氢具有较大的热值，燃烧放出的热量多
D．火箭发射过程中燃料燃烧热值不变，释放的化学能全部转化为火箭和卫星的机械能
BC
【解析】
【详解】
A．火箭加速升空的过程中，火箭的质量不变，速度增大，动能增大；同时高度增加，重力势能增大，则动能和重力势能之间没有发生相互转化，故A错误；
B．卫星在太空中通过接收与发射电磁波与地面互相传递信息的，故B正确；
C．运载火箭采用液态氢作为火箭的燃料，原因是液态氢具有较高的热值，完全燃烧相同质量的液态氢和其它燃料相比，液态氢可以释放出更多的热量，故C正确；
D．火箭发射升空过程中，燃料燃烧释放的内能并不会全部转化为火箭和卫星的机械能，这是由于火箭高速飞行中，受到大气的阻力，所以会有一部分能量转化为火箭表面的内能，故D错误．
13．一个小球从A点由静止开始下落，速度越来越大，相继经过B、C两点，如图所示．若A、B两点间的距离等于B、C两点间的距离，则下列说法中正确的是
A．小球在下落过程中动能不变
B．小球在C点的重力势能小于在B点的重力势能
C．小球所受的重力在AB段做的功等于在BC段做的功
D．小球所受的重力在AB段做功的功率小于在BC段做功的功率
BCD
【解析】
【分析】
（1）影响动能的影响因素是物体的质量和物体运动的速度；（2）影响重力势能的因素是物体的质量和物
体的高度；（3）根据W=Gh判断出做功的多少；（4）根据P=W
t
判断出功率的大小．
【详解】
A. 小球从A点由静止开始下落，质量不变，速度越来越大，动能不断变大．故A错误；
B. 小球的质量不变，C点的高度小于在B点的高度，故小球在C点的重力势能小于在B点的重力势能．故B正确；
C. 已知AB和BC的距离相等，根据W=Gh可知，重力一定，通过的距离相同，所以重力做的功相同．故C正确；
D. 由题意知，小球在AB段的平均速度小于在BC段的平均速度，AB和BC的距离相等,所以在BC段所
用的时间小于在AB段所用时间，根据P=W
t
可知，重力做功相同的情况下，BC段的时间短，所以BC
段做功的功率大，故D正确．
三、填空题（本大题共5小题，共10分）
14．小明家的电热水壶主要参数如下图甲所示，电热水壶在额定电压下工作6min恰好将装满25℃的水在标准大气压下烧开，则此过程中水吸收的热量是___________J,电热水壶的加热效率为_____________，他家的电能表（图乙）的转盘转___________圈。

3.15×10587.5%360
【解析】
【详解】
1L水的质量m=ρV=1.0×103kg/m3×1×10−3m3=1kg，
水吸收的热量：Q吸=cm(t−t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×1kg×(100℃−25℃)=3.15×105J，
电热水壶消耗的电能：W电=Pt=1000W×6×60s=3.6×105J，
电热水壶的加热效率为：
5
5
3.1510J
100%100%=87.5%
3.610J
Q
W
η
⨯
=⨯=⨯
⨯
吸；
1kW的电热水壶6min消耗的电能：W=Pt=1kW×1
10
h=0.1kW⋅h，
电能表的转盘转动的圈数：n=0.1kW⋅h×3600r/ kW⋅h =360r。

15．如图是电阻A、B的I-U图象，由图可知A电阻的阻值是_____Ω；将电阻A、B串联后接入电路，当通过A的电流为0.4A时，A和B两端的总电压是_____V。

10 9
【解析】
【详解】
由图象可知，A电阻的电流与电压成正比，所以A电阻是定值电阻，
A电阻的阻值：R A=
A
A
6V
=
0.6A
U
I
=10Ω；
因串联电路中各处的电流相等，所以通过A的电流为0.4A时，通过B的电流也为0.4A，
由图象可知，通过AB两端的电压分别为U A=4V，U B=5V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，A和B两端的总电压：U AB=U A+U B=4V+5V=9V。

16．发电机的工作原理是_____，核电站是利用核_____产生的能量发电的（选填“裂变”或“聚变”）
电磁感应现象裂变
【解析】
【详解】
（1）发电机是利用电磁感应现象制成的；在发电机过程中，机械能转化为电能。

（2）核电站是利用原子核发生裂变时释放能量来发电的。

17．如图所示不倒翁所受重力的示意图可以用_____（选填“OA”或“OB”）表示。

OB
【解析】
【详解】
O为不倒翁的重心，从O点开始沿重力的方向（竖直向下）画一条带箭头的线段可表示不倒翁受到的重力，所以能正确表示不倒翁所受重力示意图的线段为OB。

18．雪灾期间，许多电线都包裹上了厚厚的冰，电线因无法承受冰的重力牵拉，与电线杆一起倒伏在地，损毁惊人。

为了除去电线和道路上的冰雪，人们想了许多办法：比如可以给输电线通以大电流，利用电流
的______效应来除冰：比如可以在道路上撤盐，利用“冰上撒盐后使冰的______降低”来除冰。

热 熔点 【解析】 【详解】
为了除去电线上的冰雪可以给它加热，输电线通过较大的电流，产生较多的热量，使冰熔化，利用电流的热效应来除冰；除去道路上的冰雪，因不便于加热，但可以在道路上撤盐，使冰的熔点降低，让冰在更低的温度下熔化。

四、计算题（本大题共3小题，共29分）
19．如图所示，圆柱体甲的体积为3210-⨯米2。

高为0.2米，甲的密度为3210⨯千克/米3。

①求甲的质量m 甲。

②求甲竖直放置时对水平地面的压强p 甲。

③现有一底面积为2210-⨯米3，高为0.25米的薄壁圆柱形容器乙放置在水平地面上。

在容器乙中盛有质量为2千克的某种液体，将甲竖直放入其中至容器底，并分别测出甲放入前后液体对容器底部的压强p 甲，如下表所示。

求容器乙中液体密度的最小值。

放入物体前 放入物体后 p 甲（帕）
p 0
2p 0
①4kg ；②3920Pa ；③33110kg/m × 【解析】 【详解】
(1)甲的质量：m 甲＝ρ甲V 甲＝2×103kg/m 3×2×10−3m 3＝4kg ； (2) 因为甲为密度均匀形状规则的固体,所以对水平地面的压强 p 甲＝gh ρ甲＝2×103kg/m 3×9.8N/kg 0.2⨯m ＝3920Pa ；
（3）柱体甲的体积为3
210-⨯米2。

高为0.2米，甲的底面积S 甲＝322100.2m m
-⨯＝122110m 2-⨯＝S 乙，由题
意知放入物体后容器底部受到的压强变为原来的2倍，根据液体的压强公式可知，放入甲后液体深度变为原来的2倍，当物体刚好浸没时V 排达到最大，并且满足深度达到原来的2倍关系，此时液体密度最小，又甲的高度为0.2m,所以原来水的深度为0.1m.
液体的体积V ＝Sh ＝22332100.1m 210m m ＝--⨯⨯⨯,所以液体的密度
332210m kg V m
ρ-⨯＝＝＝1.0310⨯kg/3m .
20．如图所示的电路中，电源电压保持不变。

电阻R 1的阻值为40Ω，现将两个电流表A 1、A 2分别串接在电路中，向左移动滑动变阻器R 2的滑片P ，每次移动滑片P ，均使变阻器R 2连入电路的电阻减少相同的阻值，两个电流表的示数如下表所示.
滑片P 移动的次序 电流表A 1的示数/A 电流表A 2的示数/A 1 0.6 0.9 2 0.6 1.0 3 0.6 1.2 4
0.6
1.8
（1）求电源电压U ；
（2）若变阻器R 2连入电路中的阻值为50Ω时，求干路的电流I ； （3）请通过计算说明电流表A 2串接在电路中的位置。

（1）24V （2）1.08A （3）A 2串接在干路中 【解析】 【详解】
（1）由图可知，两电阻并联，由表格中数据可知，A 1测量通过定值电阻的电流，电源电压U=U 1=I 1R 1=0.6A×40Ω=24V ；
（2）变阻器R 2连入电路中的阻值50Ω时，通过变阻器的电流：I 2=
224V 50Ω
U R ==0.48A ，则干路电流I=I 1+I 2=0.6A+0.48A=1.08A ；
（3）若电流表与R 2串联，电流表A 2对应的电阻值分别为：
R 21=124V 0.9A U I =≈26.7Ω，R 22=224V
1.0A
U I ==24Ω，R 23=324V 1.2A U I ==20Ω，R 24=424V
1.8A
U I =≈13.3Ω，与已知条件中“每次移动滑片P ，均使变阻器R 2连入电路的电阻减少相同的阻值”条件不符合，所以电流表应在干路中；根据并联电路电流的规律，通过R 2的电流
分别为： I 21=0.9A-0.6A=0.3A 、I 22=1.0A-0.6A=0.4A 、I 23=1.2A-0.6A=0.6A 、I 24=1.8A-0.6A=1.2A 。

根据欧姆定律分别计算变阻器连入电路中的阻值：R 21=2112V 0.3A U I ==40Ω，R
22=2212V 0.4A
U I ==30Ω，R 23=2312V 0.6A U I ==20Ω，R 24=2412V 1.2A
U I ==10Ω，符合题目的已知条件，所以电流表A 2串联在干路中。

答：（1）电源电压为24V ；
（2）变阻器R 2连入电路中的阻值50Ω时，干路的电流为1.08A ；
（3）电流表A 2串接在干路中。

21．我国“辽宁”号航空母舰满载时的排水量m=6.8×107
kg ，它以54km/h 的速度匀速航行，受到的阻力ƒ=1.0×107N ．取海水密度ρ=1.0×103kg/m 3，g=10N/kg ，求：
（1）航行2h 通过的路程；
（2）航母受到的浮力和排开海水的体积；
（3）航母航行2h 推进力做的功。

（1）108km （2）6.8×104 m 3（3）1.08×1012 J
【解析】解：（1）匀速航行2h 的路程s =vt=54km/h×2h=108km （2分）
（2）“辽宁”号受到的浮力
F 浮=
G 排液=mg=6.8×107kg×10N/kg=6.8×108N （2分） 排开海水的体积V 排液= 10N/kg
kg/m 101.0N 108.6338⨯⨯⨯=g F 水浮
ρ=6.8×104 m 3 （2分） （3）因为航母匀速，所以推进力F 与阻力是一对平衡力F=ƒ=1.0×107 N （1分）
推进力做的功W=Fs=1.0×107 N×1.08×105 m=1.08×1012 J （2分）
（1）由速度的计算公式，已知速度的大小、时间的大小，可求路程；
（2）由于航母是漂浮物体，故浮力等于航线的重力；
（3）求功的大小时，用力乘距离，由于航线做匀速直线运动，故推力就等于阻力，距离又是已知的，故功可求。

五、作图题（本大题共2小题，共4分）
22．一根绳子系着一个泡沫小球，悬挂在一个带电体A 右边，小球静止时与带电体A 等高且不接触．请画出小球受力示意图．
如下图所示
【解析】
试题分析：由图示可在，小球与A球是相互吸引的，A球对小球有一个向左的吸引力，小球还受到竖直向下的重力和沿绳子向上的拉力三个力的作用，如上图所示．
【考点定位】力的示意图
23．根据图中小磁针静止时的指向，在图中标出通电螺线管的N、S极和电源的正负极．
（____________________）
【解析】
【分析】
【详解】
根据磁极间的相互作用和小磁针静止时的位置可知，螺线管的右端应是N极，左端应是S极；由右手螺旋定则可判断出电源的右端为正极，左端为负极，如上图所示．
六、实验探究题（本大题共3小题，共15分）
24．在长约1m、横截面积为S、重力为G、一端封闭的玻璃管里灌满密度为ρ0的水银，用手指将管口堵住，然后倒插在水银槽中．放开手指，管内水银面下降到一定高度时就不再下降，这时管内外水银面高度差为h．
（1）最早用这一实验测量大气压强的科学家是______，以下操作会影响测量值的是____．
A．玻璃管粗些B．将玻璃管倾斜
C．把玻璃管稍向上提一些，但不离开液面D．外界大气压发生变化
（2）用手竖直匀速向上提起玻璃管（管口未漏出水银面），不计管壁与水银之间的摩擦，手竖直提起玻璃管的力的大小等于_____（用题中字母表示）．
托里拆利 D G+ρ0ghS
【解析】
【分析】
（1）托里拆利是最早用这一实验测量大气压强的科学家；
A、使用的玻璃管粗些，只是进入玻璃管中的水银的体积多了，玻璃管粗，大气压的值一定时，玻璃管中的水银的高度不会受到影响，所以不会影响测量值的，故A不符合题意；
B、测量时玻璃管稍倾斜，只会增加玻璃管中水银的长度，但是水银的高度不会改变，所以不会影响测量值的，故B不符合题意；
C、上提玻璃管，只要管口不离开水银面，水银柱的高度不会受影响，所以不会影响测量值的，故C不符合题意；
D、外界大气压发生变化时，对测量结果会有影响，故D符合题意．
（2）玻璃管竖直插在水银槽中，管中水银柱上方是真空，则大气对玻璃管上方向下的压强等于大气压，即p0=ρ0gh，大气对玻璃管向下的压力：F′=p0S=ρ0ghS，管内水银柱是由大气压支撑的，以玻璃管为研究对象，受向上的拉力F、向下的重力G、向下的大气压力F′，用手竖直匀速向上提起玻璃管，玻璃管处于平衡状态，所以，由力的平衡条件可得，手竖直提起玻璃管的力：F=G+F′=G+ρ0ghS．
25．在学过摩擦力知识后，小明想探究：摩擦力大小是否与压力、重力都有关系？他利用如图所示的装置进行探究实验。

实验步骤如下：
①把金属盒放在质量不计的白纸上，读出台式测力计示数；拉动白纸的过程中，读出弹簧测力计的示数。

②将质量不计的氢气球系在金属盒上，读出台式测力计示数：拉动白纸的过程中，读出弹簧测力计的示数。

③再往金属盒注入适量的沙子，使台「实验台式测力计金属盒弹簧测力计式测力计示数与步骤①中的示数相等，拉动白纸的过程中，读出弹簧测力计的示数。

实验相关数据如表。

实验序号台式测力计示数F1/N 金属盒总重力G/N 弹簧测力计示数F2/N
① 4.8 4.8 1.8
② 3.2 1.2
③ 4.8 6.4 1.8
（1）此实验是根据_____原理测出摩擦力大小的。

金属盒上系氢气球是为了在金属盒总重力不变的情况下改变_____。

请你补齐上表中空格处的数据，其值为_____N。

比较实验步骤_____（填序号）的数据，说明摩擦力大小与重力无关
二力平衡压力 4.8 ①③
【解析】
（1）在实验中拉动白纸运动时，金属盒始终处于静止状态，根据二力平衡条件，金属盒受到的摩擦力与拉力是一对平衡力，所以拉力与摩擦力的大小相等；实验步骤②使用氢气球，由于氢气球向上拉金属盒，所以金属盒对白纸的压力变小，但其本身的重力不变；
（2）第二次实验中，氢气球系在金属盒上，保持了总重力不变，而改变了压力大小，来探究摩擦力与压力大小的关系。

所以第2次实验，金属盒的总重力仍为4.8N；
（3）由表中①③实验数据可知，物体的重力不同而摩擦力相等，由此可知，摩擦力与重力无关。

26．在测定小灯泡的额定功率的实验中，小灯泡的额定电压为2.5V，小灯泡的电阻大约是10Ω，两个规格分别是“10Ω1A”、“50Ω5A”的滑动变阻器，电源电压6V．
（1）请用笔画线代替导线将如图甲所示的实物电路连接完整．
（_______）
（2）连接电路时开关应_____，闭合开关前滑动变阻器滑片应移动到_____（选填“A”或“B”）端．（3）本次实验中应选择规格为_____的滑动变阻器；检查电路连接无误，闭合开关后，小灯泡不亮，电压表有示数且接近电源电压，电流表指针几乎不动，产生这一现象的原因可能是_____．
（4）排除故障后，移动滑片P到某一位置时，电压表示数如图乙所示，若要测量小灯泡的额定功率，应将滑片P向_____（选填“A”或“B”）端移动，使电压表的示数为_____V．
（5）移动滑片P，记下多组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成图丙所示的I﹣U图象，根据图象信息，可计算出小灯泡的额定功率是_____W．
断开 A 50Ω5A 灯泡断路 B 2.5 0.75
【解析】
【详解】
（1）小灯泡的额定电压为2.5V，故电压表的量程为0﹣3V，将电压表并联到灯泡的两端，如下图所示：
（2）连接电路时开关应断开，闭合开关前，图中滑动变阻器的滑片P应位于阻值最大处，即A端；
（3）灯泡正常发光时的电流约为：
2.5V
=0.25A
10Ω
U
I
R
==；
此时滑动变阻器两端的电压为：U'＝U﹣U L＝6V﹣2.5V＝3.5V；
则滑动变阻器接入电路的电阻值为：
3.5
14
0.25
U V
R
I A
===Ω
′
′，故应选择50Ω 5A的变阻器；
灯泡不亮可能是灯泡断路或短路，灯泡断路时，电路断路，电路中没有电流，电流表无示数，电压表串联在电路中，电压表测量电源电压，所以产生这一现象的原因可能是灯泡断路；
（4）电压表使用0～3V量程，分度值为0.1V，则此时灯泡的电压为2.2V；要使灯泡正常工作，灯泡两端电压应从2.2V增大到2.5V，电路中电流要增大，总电阻要减小，滑动变阻器的电阻要减小，则滑片向B 端移动，使电压表的示数为2.5V．
（5）从图象得知，灯泡在2.5V下的电流为0.3A，
则小灯泡的额定功率：P＝UI＝2.5V×0.3A＝0.75W．。