昌乐县第一高级中学2018-2019学年高二上学期第二次月考试卷物理

昌乐县第一高级中学2018-2019学年高二上学期第二次月考试卷物理
班级__________ 座号_____ 姓名__________ 分数__________
一、选择题
1．如图所示，带正电的小球Q固定在倾角为θ的光滑固定绝缘细杆下端，让另一穿在杆上的质量为m、电荷量为q的带正电小球从A点由静止释放，到达B点时速度恰好为零。

若A、B间距为L，C是AB 的中点，两小球都可视为质点，重力加速度为g。

则下列判断正确的是
A. 从A至B，q 先做匀加速运动，后做匀减速运动
B. 在B点受到的库仑力大小是mgsinθ
C. Q产生的电场中，A、B两点间的电势差大小为U=
D. 在从A至C和从C至B的过程中，前一过程q电势能的增加量较大
【答案】C
【解析】
2．（2016·河北省保定高三月考）2014年10月24日，“嫦娥五号”飞行试验器在西昌卫星发射中心发射升空，并在8天后以“跳跃式再入”方式成功返回地面。

“跳跃式再入”指航天器在关闭发动机后进入大气层，
依靠大气升力再次冲出大气层，降低速度后再进入大气层，如图所示，虚线为大气层的边界。

已知地球半径为R ，地心到d 点距离为r ，地球表面重力加速度为g 。

下列说法正确的是（
）
A ．飞行试验器在b 点处于完全失重状态
B ．飞行试验器在d 点的加速度小于gR 2
r 2
C ．飞行试验器在a 点速率大于在c 点的速率
D ．飞行试验器在c 点速率大于在e 点的速率
【答案】C
【解析】飞行试验器沿ab 轨迹做曲线运动，曲线运动的合力指向曲线弯曲的内侧，所以在b 点合力方向即加
速度方向向上，因此飞行试验器在b 点处于超重状态，故A 错误；在d 点，飞行试验器的加速度a ＝，又
GM
r
2因为GM ＝gR 2，解得a ＝g ，故B 错误；飞行试验器从a 点到c 点，万有引力做功为零，阻力做负功，速度
R
2r
2减小，从c 点到e 点，没有空气阻力，机械能守恒，则c 点速率和e 点速率相等，故C 正确，D 错误。

3． 如图甲所示，一轻质弹簧的下端，固定在水平面上，上端叠放着两个质量均为m 的物体A 、B （物体B 与弹簧栓接），弹簧的劲度系数为k ，初始时物体处于静止状态。

现用竖直向上的拉力F 作用在物体A 上，使物体A 开始向上做加速度为a 的匀加速运动，测得两个物体的v ﹣t 图象如图乙所示（重力加速度为g ），则（
）
A. 施加外力的瞬间，F 的大小为2m （g ﹣a ）
B. A 、B 在t 1时刻分离，此时弹簧的弹力大小m （g +a ）
C. 弹簧弹力等于0时，物体B 的速度达到最大值
D. B与弹簧组成的系统的机械能先增大，后保持不变
【答案】B
【解析】解:A、施加F前,物体AB整体平衡,根据平衡条件,有: 2Mg=kx;解得:
x=2mg k
施加外力F的瞬间,对B物体,根据牛顿第二定律,有:
F弹﹣Mg﹣FAB=Ma
其中:F弹=2Mg
解得:FAB=M（g﹣a）,故A错误.
B、物体A、B在t1时刻分离,此时A、B具有共同的v与a;且FAB=0;
对B:F弹′﹣Mg=Ma
解得:F弹′=M（g+a）,故B正确.
C、B受重力、弹力及压力的作用;当合力为零时,速度最大,而弹簧恢复到原长时,B受到的合力为重力,已经减速一段时间;速度不是最大值;故C错误;
D、B与弹簧开始时受到了A的压力做负功,故开始时机械能减小;故D错误;
故选:B
4．下列说法中正确的是
A. 在家庭电路中洗衣机和电冰箱是串联的
B. 节能灯比白炽灯的发光效率高
C. 变压器是用于改变直流电压的装置
D. 交流电的周期越长，频率也越高
【答案】B
【解析】试题分析：在家庭电路中各用电器之间是并联关系，A错误；节能灯是通过发热而发光的，比白炽灯
的发光效率高，B正确；变压器是用于改变交流电压的装置，C错误；根据公式可得周期越长，频率越小
，D错误。

考点：考查了家庭电路，变压器，交流电
5．如图所示电路，水平放置的平行板电容器的一个极板与滑动变阻器的滑片P相连接。

电子以速度垂直于电场线方向射入并穿过平行板间的电场。

在保证电子还能穿出平行板间电场的情况下，若使滑动变阻器的滑片P上移，则有关电容器极板上所带电荷量q和电子穿越平行板所需的时间t，下列说法正确的是
A. 电荷量q增大，时间t不变
B. 电荷量q不变，时间t增大
C. 电荷量q增大，时间t减小
D. 电荷量q不变，时间t不变
【答案】A
【解析】当滑动变阻器的滑动端P上移时，跟电容器并联的阻值增大，所以电容器的电压U增大，根据q=UC
可得电量q增大；电子在平行板电容器中做类平抛运动，沿极板方向做匀速直线运动，所以运动时间：，
与电压的变化无关，所以时间t不变，故A正确，BCD错误。

6．将金属块用压缩的轻弹簧卡在一个矩形箱子中，如图所示，在箱子的上顶板和下底板装有压力传感器，能随时显示出金属块和弹簧对箱子上顶板和下底板的压力大小。

将箱子置于电梯中，随电梯沿竖直方向运动。

当箱子随电梯以a=4.0 m/s2的加速度竖直向上做匀减速运动时，上顶板的传感器显示的压力为4.0 N，下底板的传感器显示的压力为10.0 N。

取g=10 m/s2，若上顶板传感器的示数是下底板传感器的示数的一半，则升降机的运动状态可能是
A．匀加速上升，加速度大小为5 m/s2
B．匀加速下降，加速度大小为5 m/s2
C．匀速上升
D．静止状态
【答案】B
【解析】以a=4.0 m/s 2的加速度竖直向上做匀减速运动时，物体受到上顶板向下的压力，下底板的
支持力，以向下为正方形，根据牛顿第二定律有，代入计算m=1 kg。

若上顶板传
感器的示数是下底板传感器的示数的一半，则意味着弹簧长度不变，弹簧弹力不变，即，则有，得a=5 m/s2方向向下。

故选B。

7．关于电流激发的磁场，下列四个图中，磁场方向跟电流方向标注正确的是
A. B. C. D.
【答案】AB
【解析】根据安培右手定则可知，A图的电流方向向上，产生从上往下看逆时针方向的磁场，故A正确；同理B图符合安培右手定则，故B正确；根据安培右手定则可知，小磁针的N极应该指向左方，故C错误；根据安培右手定则可知，D图中小磁针的N极应该垂直纸面向外，故D错误。

所以AB正确，CD错误。

8．如图所示，绝缘粗糙斜面固定在水平地面上，斜面所在空间存在平行于斜面向上的匀强电场E，轻弹簧一端固定在斜面项端，另一端拴接一质量不计的绝缘薄板，一带正电的小滑块，从斜面上的P点由静止释放沿斜面向上运动，并能压缩弹簧至R点（图中未标出）然后返回，则
A. 滑块从P点运动到R点过程中，其机械能增量等于电场力与弹簧弹力做功之和
B. 滑块从P点运动到R 点过程中，电势能的减少量大于重力势能和弹簧弹性势能的增加量之和
C. 滑块返回过程能到达的最低位置位于P点的上方
D. 滑块最终停下来，克服摩擦力所做的功等于电势能减少量与重力势能增加量之差
【答案】BC
【解析】试题分析：由题可知，小滑块从斜面上的P点处由静止释放后，沿斜面向上运动，说明小滑块开始时受到的合力的方向向上，开始时小滑块受到重力、电场力、斜面的支持力和摩擦力的作用；小滑块开始压缩弹簧后，还受到弹簧的弹力的作用．小滑块向上运动的过程中，斜面的支持力不做功，电场力做正功，重力做负功，摩擦力做负功，弹簧的弹力做负功．在小滑块开始运动到到达R点的过程中，电场力做的功转化为小滑块的重力势能、弹簧的弹性势能以及内能．由以上的分析可知，滑块从P点运动到R点的过程中，其机械能增量等于电场力与弹簧弹力做功、摩擦力做功之和，故A错误；由以上的分析可知，电场力做的功转化为小滑块的重力势能、弹簧的弹性势能以及内能，所以电势能的减小量大于重力势能和弹簧弹性势能的增加量之
和，故B正确；小滑块运动的过程中，由于摩擦力做功，小滑块的机械能与电势能的和增加减小，所以滑块返回能到达的最低位置在P点的上方，不能在返回P点，故C正确；滑块运动的过程中，由于摩擦力做功，小滑块的机械能与电势能的和逐渐减小，所以滑块最终停下时，克服摩擦力所做的功等于电势能的减小量与重力势能增加量、弹性势能增加量之差，故D错误。

考点：考查了功能关系的应用
【名师点睛】该题中，小滑块的运动的过程相对是比较简单的，只是小滑块运动的过程中，对小滑块做功的力比较多，要逐个分析清楚，不能有漏掉的功，特别是摩擦力的功
9．质量为m的木块位于粗糙水平桌面上，若用大小为F的水平恒力拉木块，其加速度为a１。

当拉力方向不变，大小变为2F时，木块的加速度为a2，则
A．a1=a2B．a2<2a1
C．a2>2a1D．a2=2a1
【答案】C
【解析】由牛顿第二定律得：，，由于物体所受的摩擦力，
，即不变，所以，故选项C正确。

【名师点睛】本题考查对牛顿第二定律的理解能力，F是物体受到的合力，不能简单认为加速度与水平恒力F成正比。

10．如图，电梯的顶部挂有一个弹簧测力计，其下端挂了一个重物，电梯匀速直线运动时，弹簧测力计的示数为10 N，在某时刻电梯中相对电梯静止不动的人观察到弹簧测力计的示数变为8 N，g取10 m/s2，以下说法正确的是
A．电梯可能向下加速运动，加速度大小为2 m/s2
B．电梯可能向下减速运动，加速度大小为12 m/s2
C．此时电梯对人的支持力大小等于人的重力大小
D ．此时电梯对人的支持力大小小于人对电梯的压力【答案】A
【解析】AB 、电梯匀速直线运动时，弹簧秤的示数为10 N ，知重物的重力等于10 N 。

弹簧测力计的示数变为8 N 时，对重物有：mg −F =ma ，解得a =2 m/s 2，方向竖直向下，则电梯的加速度大小为2 m/s 2，方向竖直向下。

电梯可能向下做加速运动，也可能向上做减速运动。

故A 正确，B 错误；C 、由于加速度方向竖直向下，人处于失重状态，电梯对人的支持力大小小于人的重力大小，C 错误；D 、电梯对人的支持力与人对电梯的压力是作用力与反作用力，大小相等，D 错误。

故选A 。

11．如图所示，质点α、b 在直线PQ 上，质点α由P 点出发沿PQ 方向向Q 做初速度为零的匀加速直线运动．当质点α运动的位移大小为x 1时，质点b 从Q 沿QP 方向向P 点做初速度为零的匀加速直线运动，当b 的位移为x 2时和质点α相遇，两质点的加速度大小相同，则PQ 距离为（
）
A. 122x x ＋＋
B. 122x x ＋＋
C. 122x x ＋
D. 122x x ＋【答案】B
12．截面直径为d 、长为L 的导线，两端电压为U ，当这三个量中的一个改变时，对自由电子定向移动的平均速率的影响，下列说法正确的是（
）
A ．电压U 加倍时，自由电子定向移动的平均速率不变
B ．导线长度L 加倍时，自由电子定向移动的平均速率不变
C ．导线截面直径d 加倍时，自由电子定向移动的平均速率加倍
D ．导线截面直径d 加倍时，自由电子定向移动的平均速率不变【答案】D
13．如图所示为一质点从t ＝0时刻开始，做初速度为零的匀加速直线运动的位移—时间图象，图中斜虚线为t ＝4 s 时对应图象中的点的切线，交时间轴于t ＝2 s 处，由此可知该质点做匀加速运动的加速度为（
）
A. B.
C. .
D. 22m/s 21m/s 223m/s 222
m/s 3
【答案】B
14．（2015·江苏南通高三期末）2012年10月15日著名极限运动员鲍姆加特纳从3.9万米的高空跳下，并成功着陆。

假设他沿竖直方向下落，其v －t 图象如图所示，则下列说法中正确的是（
）
A ．0～t 1时间内运动员及其装备机械能守恒
B ．t 1～t 2时间内运动员处于超重状态
C ．t 1～t 2时间内运动员的平均速度＜v －
v 1＋v 2
2
D ．t 2～t 4时间内重力对运动员所做的功等于他克服阻力所做的功
【答案】BC
【解析】0～t 1内速度图线的斜率在减小，说明运动员做加速度逐渐减小的加速运动，加速度方向向下，所以运动员及其装备一定受到阻力作用，机械能不守恒，故A 错误；t 1～t 2时间内由于图象的斜率在减小，斜率为负值，说明加速度方向向上，根据牛顿运动定律得知运动员处于超重状态，B 正确；t 1～t 2时间内，若运动员
做匀减速运动，平均速度等于，而根据“面积”表示位移得知，此过程的位移小于匀减速运动的位移，
v 1＋v 2
2
所以此过程的平均速度＜，C 正确；t 2～t 4时间内重力做正功，阻力做负功，由于动能减小，根据动能v － v 1＋v 2
2
定理得知，外力对运动员做的总功为负值，说明重力对运动员所做的功小于他克服阻力所做的功，D 错误。

15．在光滑的水平面上，有两个静止的小车，车上各站着一个运动员．两车（包含负载）的总质量均为M ．设甲车上的人接到一个质量为m ，沿水平方向飞来的速率为V 的蓝球；乙车上的人把原来在车上的同样的蓝球沿水平方向以速率V 掷出去，则这两种情况下，甲、乙两车所获得的速度大小的关系是（以上速率都是相对地面而言）（ ）
A ．V 甲＞V 乙
B ．V 甲＜V 乙
C ．V 甲＝V 乙
D ．视M 、m 和V 的大小而定
【答案】B
二、填空题
16．如图所示，将一个电流表G和另一个电阻连接可以改装成伏特表或安培表，则甲图对应的是表，要使它的量程加大，应使R1（填“增大”或“减小”）；乙图是表，要使它的量程加大，应使R
（填“增大”或“减小”）。

2
【答案】安培；减小；伏特；增大
17．“用电流表和电压表测定电池的电动势和内阻”的实验,供选用的器材有:
A.电流表（量程:0-0.6 A,R A=1 Ω）
B.电流表（量程:0-3 A,R A=0.6 Ω）
C.电压表（量程:0-3 V,R V=5 kΩ）
D.电压表（量程:0-15 V,R V=10 kΩ）
E.滑动变阻器（0-10 Ω,额定电流1.5 A）
F.滑动变阻器（0-2 kΩ,额定电流0.2 A）
G.待测电源（一节一号干电池）、开关、导线若干
（1）请在下边虚线框中画出本实验的实验电路图____。

（2）电路中电流表应选用____,电压表应选用____,滑动
变阻器应选用____。

（用字母代号填写）
（3）如图所示为实验所需器材,请按原理图连接成正确的实验电路____。

【答案】（1）. （1）如解析图甲所示：；（2）. （2）A；　（3）. C；（4）
. E ； （5）. （3）如解析图乙所示：
【解析】（1
）电路如图甲所示：
由于在电路中只要电压表的内阻R V ≫r ，这种条件很容易实现，所以应选用该电路。

（2）考虑到待测电源只有一节干电池，所以电压表应选C ；放电电流又不能太大，一般不超过0.5A ，所以电流表应选A ；滑动变阻器不能选择阻值太大的，从允许最大电流和减小实验误差的角度来看，应选择电阻较小额定电流较大的滑动变阻器E ，故器材应选A 、C 、E 。

（3
）如图乙所示：
三、解答题
18．在科学研究中，可以通过施加适当的电场和磁场来实现对带电粒子运动的控制。

如图甲所示，M 、N 为间距足够大的水平极板，紧靠极板右侧放置竖直的荧光屏PQ ，在MN 间加上如图乙所示的匀强电场和匀强磁场，电场方向竖直向下，磁场方向垂直于纸面向里，图中E 0、B 0、k 均为已知量。

t=0时刻，比荷q/m=k 的正粒子以一定的初速度从O 点沿水平方向射入极板间，在0-t 1（）时间内粒子恰好沿直线运动， 时101t kB =
5
t kB =刻粒子打到荧光屏上。

不计粒子的重力，涉及图象中时间间隔时取0.8 =
，
，求：
4
π
（1）
在时刻粒子的运动速度v 202t kB =（2） 在时刻粒子偏离O 点的竖直距离y 0
2.8kB （3） 水平极板的长度L 。

【答案】（1），方向与水平方向成45o 角向下（2
）（3）
v 120
20E kB (0205
E kB +【解析】（1）在0～t 1时间内，粒子在电磁场中做匀速直线运动，则： 000
qv B qE = 得
0v ＝
在t 1～t 2时间内，粒子在电场中做类平抛运动，
y v at ＝＝ 则： 0v 由： tan θ=
得： 即v 与水平方向成45o 角向下θ45=︒
（3）在t 3时刻进入电场时以初速度：
0v v ＝＝做类平抛运动，
0'y qE v at m ＝＝ 再次进入磁场时， 0'2v v ＝＝
由 1'
y v tan v θ='＝得 即v ′与水平方向成45o 角向下．θ'45=︒ 由 得： 0'qv B ＝02202E r kB ＝
综上可得：长度：
(00102200245455E L v r sin r sin kB kB ⨯+︒++︒=+＝19．两个质量均为m=×10-6kg 的小球，悬于长l=60cm 的细丝线上．丝线的另一点固定于同一点O ．当使3两球带上等量同种电荷后，两球互相排斥使两丝线间形成α=60°的夹角．求每个小球的带电量．
【答案】解：设小球在水平方向受到库仑力的大小为F ．以右边
的小球为研究对象，分析受力如图．
则根据平衡条件有：F=mgtan =mgtan30°
2α
由库仑定律得：F=k
22
22l
q k r q k F ==
联立得：=2×10-8C。