2013高考物理回扣

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2013浙江高考理综解析与参考答案

2013浙江高考理综解析与参考答案

2013年普通高等学校招生全国统一考试试卷分析——理综物理一、试卷综1、总体评价一、注重基础,教考和谐,引领课改试题注重对基础的考核,同时突出了对主干知识的考查。

力、电占物理总分的85%,试题让学生感受到基础知识和基本技能的重要性,引导教师有理由、有能力、有胆量摒弃题海,明确教考一致,凸显素养,引领课改,使学生深信如果不是在“看、做、想、研”的基础上做题,做再多的题也不能考出理想成绩。

二、题型上,较往年更加注重知识应用能力,注重物理思维方法。

试题是与STSE相联系,且贴近学生实际的问题。

如第15、16、19、24、25等题,这些题打破了过去那种建立在理想化模型基础上的命题思想,用不同的情景、问题、知识、方法考查学生的理解能力、推理能力,应用能力和探究能力,通过联系科技或生活实际情景的设计,减少复杂运算,让学生去分析问题的本质。

解题注重建模和灵活运用基本规律、物理方法解决问题的能力。

整卷努力把握适中的难度,计算题各小问妙搭阶梯,使考生容易入手,但又须经分析后才能逐问正确作答,力求有较好的区分度。

如24题电子在辐向电场中做圆周运动。

计算题共有4小问要分析并陈述理由,强调学生要有基本的科学表述能力。

三、重视实验操作技能,重视实践能力的考核。

试题关注知识的获取过程,重视对实验与实践能力的考核。

第21、22题通过照片提供了真实的实验情景,要求考生认真规范做实验、耐心仔细读数、重视运用图象处理实验数据。

试题还引导学生重视实践。

如25题最后一问,不仅要求学生能够关注生活中观察到的现象,还能够对观察到的现象进行思考,如“船尾喷出水的能量是谁提供的?”力求引导学生加强物理学习与生活的联系,重视对问题解决方案的论证,提升创新能力。

2、试题结构试题结构一览表题型题号考点分值难度(易、中、难)第一部分选择题14 电磁波 6 易15 电磁感应 6 中16 光 6 中17 力学综合 6 易18 天体运动 6 易19 力学综合 6 中20 带电粒子在磁场中的运动 6 中第二部分实验、计算题21 力学实验10 易22 电学实验10 中23 力学综合16 易24 电场20 易25 电磁综合22 难3、知识点分布(各部分知识点所占的比例)力学:37 %电磁学:47%光学、天体、波:15%物理实验:16.7%二、知识点题型逐题分析14.电磁波:电磁波和声波的传播;无线电通信;波长、频率、波速。

【VIP专享】2013高考福建理综物理部分试题与答案word解析版

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A.
B.
C.
15.如图,实验室一台手摇交流发电机,内阻 r=1.0 ,外接 R=9.0 的电阻。闭合开关 S,当发电机转子以某
一转速匀速转动时,产生的电动势 e 10 2 sin10 t(V ) ,则
A.该交变电流的频率为 10Hz
B.该电动势的有效值为10 2V
C.外接电阻 R 所消耗的电功率为 10W
4 2r 2 T3
D. GM
C.
D.
D.
4 r3 T2
D.
C 实验时,应使小车靠近打点计时器由静止释放 ②图乙是实验中获得的一条纸带的一部分,选取 O、A、B、C 计数点,已知打点计时器使用的交流电 频率为 50 Hz.则打 B 点时小车的瞬时速度大小为____m/s(保留三位有效数字)。
D.电路中理想交流电流表 的示数为 1.0A
16.如图,t=0 时刻,波源在坐标原点从平衡位置沿 y 轴正方向开始振动,振动周期为 0.4s,在同一均匀介 质中形成沿 x 轴正、负两方向传播的简谐横波。下图中能够正确表示 t=0.6 时波形的图是
A.
B.
C.
17.在国际单位制(简称 SI)中,力学和电学的基本单位有:m(米)、kg(千克)、s(秒)、A(安培)。
2013 年普通高等学校招生全国统一考试
理科综合能力测试物理试题(福建卷)
13.设太阳质量为 M,某行星绕太阳公转周期为 T,轨道可视为 r 的圆。已知万有引力常量为 G,则描述 该行星运动的上述物理量满足
ቤተ መጻሕፍቲ ባይዱ
A. GM
4 2r3 T2
B. GM
4 2r 2 T2
C. GM
14.一束由红、紫两色组成的复色光,从空气斜射向玻璃三棱镜。下面四幅途中能正确表示该复色光经三 棱镜分离成两束单色光的是

2013年高考物理真题汇编全解全析:专题十七 碰撞与动量守恒 Word版含解析

2013年高考物理真题汇编全解全析:专题十七 碰撞与动量守恒 Word版含解析

专题十七 碰撞与动量守恒1.(2013·高考新课标全国卷Ⅰ,35题)(2)在粗糙的水平桌面上有两个静止的木块A 和B ,两者相距为D.现给A 一初速度,使A 与B 发生弹性正碰,碰撞时间极短.当两木块都停止运动后,相距仍然为D.已知两木块与桌面之间的动摩擦因数均为μ,B 的质量为A 的2倍,重力加速度大小为g .求A 的初速度的大小.【解析】(2)从碰撞时的能量和动量守恒入手,运用动能定理解决问题.设在发生碰撞前的瞬间,木块A 的速度大小为v ;在碰撞后的瞬间,A 和B 的速度分别为v 1和v 2.在碰撞过程中,由能量和动量守恒定律,得12m v 2=12m v 21+12(2m )v 22 ① m v =m v 1+(2m )v 2 ②式中,以碰撞前木块A 的速度方向为正.由①②式得v 1=-v 22③设碰撞后A 和B 运动的距离分别为d 1和d 2,由动能定理得μmgd 1=12m v 21④μ(2m )gd 2=12(2m )v 22 ⑤ 据题意有 d =d 1+d 2 ⑥ 设A 的初速度大小为v 0,由动能定理得μmgd =12m v 20-12m v 2⑦ 联立②至⑦式,得v 0= 285μgd .答案:(2) 285μgd2.(2013·高考新课标全国卷Ⅱ,35题)(2)如图,光滑水平直轨道上有三个质量均为m 的物块A 、B 、C .B 的左侧固定一轻弹簧(弹簧左侧的挡板质量不计).设A 以速度v 0朝B 运动,压缩弹簧;当A 、 B 速度相等时,B 与C 恰好相碰并粘接在一起,然后继续运动.假设B 和C 碰撞过程时间极短,求从A 开始压缩弹簧直至与弹黄分离的过程中,(ⅰ)整个系统损失的机械能;(ⅱ)弹簧被压缩到最短时的弹性势能. 【解析】(2)A 、B 碰撞时动量守恒、能量也守恒,而B 、C 相碰粘接在一块时,动量守恒.系统产生的内能则为机械能的损失.当A 、B 、C 速度相等时,弹性势能最大.(ⅰ)从A 压缩弹簧到A 与B 具有相同速度v 1时,对A 、B 与弹簧组成的系统,由动量守恒定律得m v 0=2m v 1 ①此时B 与C 发生完全非弹性碰撞,设碰撞后的瞬时速度为v 2,损失的机械能为ΔE .对B 、C 组成的系统,由动量守恒定律和能量守恒定律得m v 1=2m v 2 ② 12m v 21=ΔE +12(2m )v 22 ③ 联立①②③式得ΔE =116m v 20. ④(ⅱ)由②式可知v 2<v 1,A 将继续压缩弹簧,直至A 、B 、C 三者速度相同,设此速度为v 3,此时弹簧被压缩至最短,其弹性势能为E p .由动量守恒定律和能量守恒定律得m v 0=3m v 3 ⑤ 12m v 20-ΔE =12(3m )v 23+E p ⑥ 联立④⑤⑥式得E p =1348m v 20. ⑦答案:(2)(ⅰ)116m v 20 (ⅱ)1348m v 20 3.(2013·高考天津卷,2题)我国女子短道速滑队在今年世锦赛上实现女子3 000 m 接力三连冠.观察发现,“接棒”的运动员甲提前站在“交棒”的运动员乙前面,并且开始向前滑行,待乙追上甲时,乙猛推甲一把,使甲获得更大的速度向前冲出.在乙推甲的过程中,忽略运动员与冰面间在水平方向上的相互作用,则( )A .甲对乙的冲量一定等于乙对甲的冲量B .甲、乙的动量变化一定大小相等方向相反C .甲的动能增加量一定等于乙的动能减少量D .甲对乙做多少负功,乙对甲就一定做多少正功【解析】选B.乙推甲的过程中,他们之间的作用力大小相等,方向相反,作用时间相等,根据冲量的定义,甲对乙的冲量与乙对甲的冲量大小相等,但方向相反,选项A 错误;乙推甲的过程中,遵守动量守恒定律,即Δp 甲=-Δp 乙,他们的动量变化大小相等,方向相反,选项B 正确;在乙推甲的过程中,甲、乙的位移不一定相等,所以甲对乙做的负功与乙对甲做的正功不一定相等,结合动能定理知,选项C 、D 错误.4.(2013·高考重庆卷,9题)在一种新的“子母球”表演中,让同一竖直线上的小球A 和小球B ,从距水平地面高度为ph (p >1)和h 的地方同时由静止释放,如图所示.球A 的质量为m ,球B 的质量为3m .设所有碰撞都是弹性碰撞,重力加速度大小为g ,忽略球的直径、空气阻力及碰撞时间.(1)求球B 第一次落地时球A 的速度大小;(2)若球B 在第一次上升过程中就能与球A 相碰,求p 的取值范围; (3)在(2)情形下,要使球A 第一次碰后能到达比其释放点更高的位置,求p 应满足的条件.【解析】(1)小球B 第一次落地时,两球速度相等,由v 2=2gh 得v =2gh . (2)B 球从开始下落到第一次落地所用时间t 1=v g =2h g①由于小球B 在第一次上升过程中就能与A 球相碰,则B 球运动时间应满足t 1<t 2<2t 1②由相遇条件知12gt 22+v (t 2-t 1)-12g (t 2-t 1)2=ph ③ 由①②③解得1<p <5.(3)设t =t 2-t 1,由①③式得t =p -142hg,则A 、B 两球相遇时的速度分别为v A =v +gt =2gh +g p -142h g =2gh p +34v B =v -gt =2gh -g p -142h g =2gh 5-p4若A 球碰后刚好能达到释放点,由两球相碰为弹性碰撞知 12m v 2A +12·3m v 2B =12m v ′ 2A +12·3m v ′2B m v A -3m v B =-m v A ′+3m v B ′ v A ′=v A可解得此时v B ′=v B ,v A =3v B.要使A 球碰后能到达比其释放点更高的位置,须满足v A <3v B ,解得p <3.由v B =2gh ·5-p4知,5-p 4<1,解得p >1,所以p 的取值范围是1<p <3.答案:(1)2gh (2)1<p <5 (3)1<p <3 5.(2013·高考山东卷,38题) (2)如图所示,光滑水平轨道上放置长板A (上表面粗糙)和滑块C ,滑块B 置于A 的左端,三者质量分别为m A =2 kg 、m B =1 kg 、m C =2 kg.开始时C 静止,A 、B 一起以v 0=5 m/s 的速度匀速向右运动,A 与C 发生碰撞(时间极短)后C 向右运动,经过一段时间,A 、B 再次达到共同速度一起向右运动,且恰好不再与C 发生碰撞.求A 与C 碰撞后瞬间A 的速度大小.【解析】(2)因碰撞时间极短,A 与C 碰撞过程动量守恒,设碰后瞬间A 的速度为v A ,C 的速度为v C ,以向右为正方向,由动量定恒定律得m A v 0=m A v A +m C v C ①A 与B 在摩擦力作用下达到共同速度,设共同速度为v AB ,由动量守恒定律得 m A v A +m B v 0=(m A +m B )v AB ②A 与B 达到共同速度后恰好不再与C 碰撞,应满足 v AB =v C ③ 联立①②③式,代入数据得 v A =2 m/s. ④ 答案:(2)2 m/s 6.(2013·高考广东卷,35题)如图,两块相同平板P 1、P 2置于光滑水平面上,质量均为m .P 2的右端固定一轻质弹簧,左端A 与弹簧的自由端B 相距L .物体P 置于P 1的最右端,质量为2m 且可看作质点.P 1与P 以共同速度v 0向右运动,与静止的P 2发生碰撞,碰撞时间极短,碰撞后P 1与P 2粘连在一起.P 压缩弹簧后被弹回并停在A 点(弹簧始终在弹性限度内).P 与P 2之间的动摩擦因数为μ.求:(1)P 1、P 2刚碰完时的共同速度v 1和P 的最终速度v 2; (2)此过程中弹簧的最大压缩量x 和相应的弹性势能E p .【解析】P 1与P 2发生完全非弹性碰撞时,P 1、P 2组成的系统遵守动量守恒定律;P 与(P 1+P 2)通过摩擦力和弹簧弹力相互作用的过程,系统遵守动量守恒定律和能量守恒定律.注意隐含条件P 1、P 2、P 的最终速度即三者最后的共同速度;弹簧压缩量最大时,P 1、P 2、P 三者速度相同.(1)P 1与P 2碰撞时,根据动量守恒定律,得 m v 0=2m v 1解得v 1=v 02,方向向右P 停在A 点时,P 1、P 2、P 三者速度相等均为v 2,根据动量守恒定律,得2m v 1+2m v 0=4m v 2解得v 2=34v 0,方向向右.(2)弹簧压缩到最大时,P 1、P 2、P 三者的速度为v 2,设由于摩擦力做功产生的热量为Q ,根据能量守恒定律,得从P 1与P 2碰撞后到弹簧压缩到最大 12×2m v 21+12×2m v 20=12×4m v 22+Q +E p 从P 1与P 2碰撞后到P 停在A 点 12×2m v 21+12×2m v 20=12×4m v 22+2Q 联立以上两式解得E p =116m v 20,Q =116m v 20根据功能关系有Q =μ·2mg (L +x )解得x =v 2032μg-L .答案:(1)v 1=12v 0,方向向右 v 2=34v 0,方向向右(2)v 2032μg -L 116m v 20 7.(2013·高考江苏卷,5题)水平面上,一白球与一静止的灰球碰撞,两球质量相等.碰撞过程的频闪照片如图所示,据此可推断,碰撞过程中系统损失的动能约占碰撞前动能的( )A .30%B .50%C .70%D .90%【解析】选A.根据v =x t 和E k =12m v 2解决问题.量出碰撞前的小球间距与碰撞后的小球间距之比为12∶7,即碰撞后两球速度大小v ′与碰撞前白球速度v 的比值,v ′v =712.所以损失的动能ΔE k =12m v 2-12·2m v ′2,ΔE kE k0≈30%,故选项A 正确.8.(2013·高考江苏卷,12题C) (3)如图所示,进行太空行走的宇航员A 和B 的质量分别为80 kg 和100 kg ,他们携手远离空间站,相对空间站的速度为0.1 m/s.A 将B 向空间站方向轻推后,A 的速度变为0.2 m/s ,求此时B 的速度大小和方向.【解析】(3)根据动量守恒定律,(m A +m B )v 0=m A v A +m B v B ,代入数值解得v B =0.02 m/s ,离开空间站方向.答案:(3)0.02 m/s ,离开空间站方向 9.(2013·高考福建卷,30题)(2)将静置在地面上,质量为M (含燃料)的火箭模型点火升空,在极短时间内以相对地面的速度v 0竖直向下喷出质量为m 的炽热气体。

2013年高考物理真题汇编全解全析:专题六 机械能及其守恒定律 Word版含解析

2013年高考物理真题汇编全解全析:专题六 机械能及其守恒定律 Word版含解析

专题六 机械能及其守恒定律1.(2013·高考大纲全国卷,20题) 如图所示,一固定斜面倾角为30°,一质量为m 的小物块自斜面底端以一定的初速度,沿斜面向上做匀减速运动,加速度的大小等于重力加速度的大小g .若物块上升的最大高度为H ,则此过程中,物块的( )A .动能损失了2mgHB .动能损失了mgHC .机械能损失了mgHD .机械能损失了12mgH 【解析】选AC.运动过程中有摩擦力做功,考虑动能定理和功能关系.物块以大小为g 的加速度沿斜面向上做匀减速运动,运动过程中F 合=mg ,由受力分析知摩擦力f =12mg ,当上升高度为H 时,位移s =2H ,由动能定理得ΔE k =-2mgH ;由功能关系知ΔE =W f =-12mgs =-mgH ,选项A 、C 正确. 2.(2013·高考北京卷,19题)在实验操作前应该对实验进行适当的分析.研究平抛运动的实验装置示意图如图所示.小球每次都从斜槽的同一位置无初速释放,并从斜槽末端水平飞出.改变水平板的高度,就改变了小球在板上落点的位置,从而可描绘出小球的运动轨迹.某同学设想小球先后三次做平抛运动,将水平板依次放在如图1、2、3的位置,且1与2的间距等于2与3的间距.若三次实验中,小球从抛出点到落点的水平位移依次为x 1,x 2,x 3,机械能的变化量依次为ΔE 1、ΔE 2、ΔE 3,忽略空气阻力的影响,下面分析正确的是( )A .x 2- x 1=x 3-x 2,ΔE 1=ΔE 2=ΔE 3B .x 2- x 1>x 3-x 2,ΔE 1=ΔE 2=ΔE 3C .x 2- x 1>x 3-x 2,ΔE 1<ΔE 2<ΔE 3D .x 2- x 1<x 3-x 2,ΔE 1<ΔE 2<ΔE 3【解析】选B.由题意知,在竖直方向上,y 12=y 23,又因为在竖直方向上小球运动的速度越来越大,因此t 12>t 23;在水平方向上x 12=x 2-x 1=v 0t 12,x 23=x 3-x 2=v 0t 23,故有:x 2-x 1>x 3-x 2,又因忽略空气阻力的影响,故此过程中机械能守恒,所以有ΔE 1=ΔE 2=ΔE 3=0,选项B 正确.3.(2013·高考山东卷,16题) 如图所示,楔形木块abc 固定在水平面上,粗糙斜面ab 和光滑斜面bc 与水平面的夹角相同,顶角b 处安装一定滑轮.质量分别为M 、m (M >m )的滑块,通过不可伸长的轻绳跨过定滑轮连接,轻绳与斜面平行.两滑块由静止释放后,沿斜面做匀加速运动.若不计滑轮的质量和摩擦,在两滑块沿斜面运动的过程中( )A .两滑块组成系统的机械能守恒B .重力对M 做的功等于M 动能的增加C .轻绳对m 做的功等于m 机械能的增加D .两滑块组成系统的机械能损失等于M 克服摩擦力做的功【解析】选CD.除重力以外其他力对物体做的功等于物体机械能的变化,故M 克服摩擦力做的功等于两滑块组成的系统机械能的减少量,拉力对m 做的功等于m 机械能的增加量,选项C 、D 正确.4.(2013·高考广东卷,19题)如图,游乐场中,从高处A 到水面B 处有两条长度相同的光滑轨道.甲、乙两小孩沿不同轨道同时从A 处自由滑向B 处,下列说法正确的有( )A .甲的切向加速度始终比乙的大B .甲、乙在同一高度的速度大小相等C .甲、乙在同一时刻总能到达同一高度D .甲比乙先到达B 处【解析】选BD.甲、乙两小孩沿不同轨道从A 运动到B 时,只有重力做功,根据机械能守恒定律和甲、乙两小孩运动的v -t 图象解决问题.甲、乙两小孩沿光滑轨道从A 运动到B ,只有重力做功,根据机械能守恒定律,得mgh =12m v 2,即v =2gh ,所以甲、乙两小孩在同一高度时,速度大小相等,选项B 正确;甲、乙两小孩在运动过程的v -t 图象如图所示.由v -t 图象可知,选项A 、C 错误,选项D 正确.5.(2013·高考江苏卷,9题)如图所示,水平桌面上的轻质弹簧一端固定,另一端与小物块相连.弹簧处于自然长度时物块位于O 点(图中未标出).物块的质量为m ,AB =a ,物块与桌面间的动摩擦因数为μ.现用水平向右的力将物块从O 点拉至A 点,拉力做的功为W .撤去拉力后物块由静止向左运动,经O 点到达B 点时速度为零.重力加速度为g .则上述过程中( )A .物块在A 点时,弹簧的弹性势能等于W -12μmga B .物块在B 点时,弹簧的弹性势能小于W -32μmga C .经O 点时,物块的动能小于W -μmgaD .物块动能最大时弹簧的弹性势能小于物块在B 点时弹簧的弹性势能【解析】选BC.由于有摩擦,O 点不在AB 的中点,而是在AB 中点的左侧(如图所示).由题知AB =a ,OA >a 2,OB <a 2.根据功能关系,物块在A 点时,弹簧的弹性势能E p =W -μmgOA <W -12μmga ,选项A 错误;物块在B 点时,弹簧的弹性势能E ′p =E p -μmga =W -μmgOA -μmga <W -32μmga ,选项B 正确;物块在O 点的动能E k =E p -μmgOA =W -2μmgOA <W -μmga ,选项C 正确;物块动能最大时,弹簧的弹力kx =μmg ,此时物块处于M 点(如图所示),若BM 光滑,则物块能运动至M ′点速度为零,则OM ′=OM ,由于存在摩擦,OB <OM ,故物块动能最大时弹簧的弹性势能大于物块在B 点时弹簧的弹性势能,选项D 错误.6.(2013·高考北京卷,23题)蹦床比赛分成预备运动和比赛动作两个阶段,最初运动员静止站在蹦床上;在预备运动阶段,他经过若干次蹦跳,逐渐增加上升高度,最终达到完成比赛动作所需的高度;此后,进入比赛动作阶段.把蹦床简化为一个竖直放置的轻弹簧,弹力大小F =kx (x 为床面下沉的距离,k 为常量).质量m =50 kg 的运动员静止站在蹦床上,床面下沉x 0=0.10 m ;在预备运动中,假定运动员所做的总功W 全部用于增加其机械能;在比赛动作中,把该运动员视作质点,其每次离开床面做竖直上抛运动的腾空时间均为Δt =2.0 s ,设运动员每次落下使床面压缩的最大深度均为x 1.取重力加速度g =10 m/s 2,忽略空气阻力的影响.(1)求常量k ,并在图中画出弹力F 随x 变化的示意图;(2)求在比赛动作中,运动员离开床面后上升的最大高度h m ;(3)借助F -x 图像可以确定弹力做功的规律,在此基础上,求 x 1和W 的值.【解析】(1)床面下沉x 0=0.10 m 时,运动员受力平衡mg =kx 0得k =mg x 0=5.0×103 N/mF -x 图线如图所示.(2)运动员从x =0处离开床面,开始腾空,其上升、下落的时间相等,所以运动员上升的最大高度为h m =12g ⎝⎛⎭⎫Δt 22=5.0 m. (3)参考由速度-时间图象求位移的方法,F -x 图线下的面积等于弹力做的功,从x 处到x =0,弹力做功W TW T =12·x ·kx =12kx 2 运动员从x 1处上升到最大高度h m 的过程,根据动能定理,有12kx 21-mg (x 1+h m )=0-0 得x 1=x 0+x 20+2x 0h m =1.1 m对整个预备运动,由题设条件以及功能关系,有W +12kx 20=mg (h m +x 0) 得W =2 525 J ≈2.5×103 J.答案:(1)5.0×103 N/m 如图所示 (2)5.0 m (3)1.1 m 2.5×103 J7.(2013·高考新课标全国卷Ⅱ,25题)一长木板在水平地面上运动,在t =0时刻将一相对于地面静止的物块轻放到木板上,以后木板运动的速度-时间图像如图所示.己知物块与木板的质量相等,物块与木板间及木板与地面间均有摩擦,物块与木板间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力,且物块始终在木板上.取重力加速度的大小g =10 m/s 2,求:(1)物块与木板间、木板与地面间的动摩擦因数;(2)从t =0时刻到物块与木板均停止运动时,物块相对于木板的位移的大小.【解析】从v -t 图像中获取速度及加速度信息.根据摩擦力提供加速度,且不同阶段的摩擦力不同,利用牛顿第二定律列方程求解.(1)从t =0时开始,木板与物块之间的摩擦力使物块加速,使木板减速,此过程一直持续到物块和木板具有共同速度为止.由图可知,在t 1=0.5 s 时,物块和木板的速度相同.设t =0到t =t 1时间间隔内,物块和木板的加速度大小分别为a 1和a 2,则a 1=v 1t 1① a 2=v 0-v 1t 1② 式中v 0=5 m/s 、v 1=1 m/s 分别为木板在t =0、t =t 1时速度的大小.设物块和木板的质量均为m ,物块和木板间、木板与地面间的动摩擦因数分别为μ1、μ2,由牛顿第二定律得μ1mg =ma 1 ③(μ1+2μ2)mg =ma 2 ④联立①②③④式得μ1=0.20 ⑤μ2=0.30. ⑥(2)在t 1时刻后,地面对木板的摩擦力阻碍木板运动,物块与木板之间的摩擦力改变方向.设物块与木板之间的摩擦力大小为f ,物块和木板的加速度大小分别为a ′1和a ′2,则由牛顿第二定律得f =ma ′ ⑦2μ2mg -f =ma ′2 ⑧假设f <μ1mg ,则a ′1=a ′2;由⑤⑥⑦⑧式得f =μ2mg >μ1mg ,与假设矛盾.故f =μ1mg ⑨由⑦⑨式知,物块加速度的大小a ′1等于a 1;物块的v -t 图像如图中点划线所示. 由运动学公式可推知,物块和木板相对于地面的运动距离分别为s 1=2×v 212a 1⑩ s 2=v 0+v 12t 1+v 212a ′2⑪ 物块相对于木板的位移的大小为s =s 2-s 1 ⑫联立①⑤⑥⑧⑨⑩⑪⑫式得s =1.125 m.答案:(1)0.20 0.30 (2)1.125 m。

2013高考浙江理综物理部分试题与答案word解析版

2013高考浙江理综物理部分试题与答案word解析版

2013年普通高等学校招生全国统一考试理科综合能力测试物理试题(浙江卷)一、选择题(本题4小题。

每题6分在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。

)14.关于生活中遇到的各种波,下列说法正确的是A .电磁波可以传递信息,声波不能传递信息B .手机在通话时涉及的波既有电磁波又有声波C .太阳光中的可见光和医院“B 超”中的超声波传递速度相同D .遥控器发出的红外线波长和医院“CT ”中的X 射线波长相同15.磁卡的词条中有用于存储信息的磁极方向不同的磁化区,刷卡器中有检测线圈,当以速度v 0刷卡时,在线圈中产生感应电动势。

其E-t 关系如右图所示。

如果只将刷卡速度改为v 0/2,线圈中的E-t 关系可能是( )A. B. C. D.16.与通常观察到的月全食不同,小虎同学在2012年12月10日晚观看月全食时,看到整个月亮是暗红的。

小虎画了月全食的示意图,并提出了如下猜想,其中最为合理的是A .地球上有人用红色激光照射月球B .太阳照射到地球的红光反射到月球C .太阳光中的红光经地球大气层折射到月球D .太阳光中的红光在月球表面形成干涉条纹17.如图所示,水平板上有质量m=1.0kg 的物块,受到随时间t 变化的水平拉力F 作用,用力传感器测出相应时刻物块所受摩擦力Ff 的大小。

取重力加速度g=10m/s2。

下列判断正确的是A .5s 内拉力对物块做功为零B .4s 末物块所受合力大小为4.0NC .物块与木板之间的动摩擦因数为0.4D .6s-9s 内物块的加速度的大小为2.0m/s 2二、选择题(本题共3小题。

在每小题给出的四个选项中,至少有一个选项是正确,全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。

)18.如图所示,三颗质量均为m 的地球同步卫星等间隔分布在半径为r 的圆轨道上,设地球质量为M ,半径为R 。

下列说法正确的是A .地球对一颗卫星的引力大小为2)(R r GMm B .一颗卫星对地球的引力大小为2r GMm C .两颗卫星之间的引力大小为223rGm D .三颗卫星对地球引力的合力大小为23r GMm 19.如图所示,总质量为460kg 的热气球,从地面刚开始竖直上升时的加速度为0.5m/s2,当热气球上升到180m 时,以5m/s 的速度向上匀速运动。

2013高考 物理真题专业解析(全国卷)(出版原稿)汇总

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2013年普通高等学校招生全国统一考试理综试卷(物理部分)(全国卷)解析二、选择题:本题共8小题.每小题6分.在每小题给出的四个选项中,有的只有一项符合题目要求,有的有多项符合题目要求.全部选对的得6分,选对但不全的得3分.有选错的得0分.14.下列现象中,属于光的衍射的是( )A.雨后出现彩虹B.通过一个狭缝观察日光灯可看到彩色条纹C.海市蜃楼现象D.日光照射在肥皂膜上出现彩色条纹答案:B思路分析:将题设的情景中的光现象与已有的物理模型相联系,明白各种光现象的产生机理,通过对比进行分析和推断.解题过程:雨后的彩虹是光的色散,通过一个狭缝观察日光灯可看到彩色条纹是衍射,海市蜃楼是光的折射和全反射,日光照射在肥皂膜上出现彩色条纹是薄膜干涉,故选B.规律总结:本题考查衍射现象、薄膜干涉、色散和全反射等知识点.备考时要注意这些非主干知识的识记和理解,要在头脑中形成清晰的干涉和衍射花样.考点解剖:综合考查光的衍射现象,意在考查对光现象的理解能力.15.根据热力学定律,下列说法正确的是( )A.电冰箱的工作过程表明,热量可以从低温物体向高温物体传递B.空调机在制冷过程中,从室内吸收的热量少于向室外放出的热量C.科技的进步可以使内燃机成为单一的热源热机D.对能源的过度消耗使自然界的能量不断减少,形成“能源危机”答案:AB思路分析:根据热机的工作原理及能和转化和守恒律逐一分析和推断.解题过程:热量可以自发地从高温物体传到低温物体,在外界帮助下也可以将热量从高温物体传到低温物体,即A对;空调机向外释放的热量等于从室内吸收的热量与压缩机做功之和,即B对;从单一热源吸收热量不可能全部用来对外做功,即C错;总能量是守恒的,对能源的过度消耗使自然界中能量的品质降低了,即D错.规律总结:备考时要深刻理解热力学定律,热机的工作原理和能量耗散等相关知识,在理解的基础上记忆,应用相关结论进行分析时就能得心应手.考点解剖:本题考查热学的基础知识,意在考查对热力学定律的理解能力.16.放射性元素(Rn22286)经α衰变变成钋(Po21884),半衰期约为3.8天;但勘测表明,经过漫长的地质年代后,目前地壳中仍存在天然的含有放射性元素Rn22286的矿石,其原因是( )A.目前地壳中的Rn22286主要来自于其它放射性元素的衰变B.在地球形成初期,地壳中的元素Rn22286的含量足够多C.当衰变产物Po21884积累到一定量以后,Po21884的增加会减慢Rn22286的衰变进程D.Rn22286主要存在于地球深处的矿石中,温度和压力改变了它的半衰期答案:A思路分析:先要善于挖掘材信息“经过漫长的地质年代后,目前地壳中仍存在天然的含有放射性元素”说明放射性元素若是地球形成初期含量足够多的话,漫长时间衰变后其含量不可能太多,因此推断是它是其它放射性元素衰变形成的中间产物.随后要结合放射性元素的性质和衰变规律进行分析和推断.解题过程:地壳中的Rn22286主要来自于其它放射性元素的衰变,即A对B错;放射性元素的半衰期由其自身的特性决定,与其所处的理化状态及环境因素无关,即CD错.规律总结:解答本题需要在深刻理解半衰期的物理意义的基础上,将题材信息和原子核发的衰变特征有机结合起来进行分析.考点解剖:综合考查原子物理的基础知识,意在考查对半衰期的理解和推理能力.17.纸面内两个半径均为R的圆相切于O点,两圆形区域内分别存在垂直于纸面的匀强磁场,磁感应强度大小相等、方向相反,且不随时间变化.一长为2R的导体杆OA绕过O 点且垂直于纸面的轴顺时针转动,角速度为ω.t=0时,OA恰好位于两圆的公切线上,如图所示.若选取从O指向A的电动势为正,下列描述导体杆中感应电动势随时间变化的图像可能正确的是( )答案:C思路分析:对于导体切割磁感线运动的问题,结合题材在动态中分析棒的切割运动特性,再运用法拉第电磁感应定律和楞次定律分段考查.解题过程:设经时间t 导体棒转过了α=ωt 角,则导体棒的有效切割长度为l=2Rsin α,切割速度为V=ωRsin α由法拉第电感应定律知E=BlV=2B ωR 2sin 2ωt ,故选C .规律总结:本题考查电磁感应现象,意在考查导体切割磁感线产生感应电动势大小的计算.关键是在变化中找有效切割长度和切割速度,运用规律进行求解,对于复杂问题还要分段考查棒的运动性质.考点解剖:综合考查电磁感应现象,意在考查法拉第电磁感应的理解和计算能力. 18.“嫦娥一号”是我国首次发射的探月卫星,它在距月球表面高度为200km 的圆形轨道上运行,运行周期为127分钟.已知引力常量G=6.67×10-11N·m 2/kg 2,月球半径约为1.74×103km .利用以上数据估算月球的质量约为( )A .8.1×1010kg B .7.4×1013kg C .5.4×1019 kg D .7.4×1022kg 答案:D思路分析: 应用引力提供卫星的向心力为突破口,构建空间立体运动图景,通过中心天体与嫦娥一号的高度和周期间的关系进行估算.解题过程:嫦娥一号由地球对它的引力提供其圆周运动的向心力,由2224)()(T h R Mm h R m G π+=+得34)(22h R M GT +=π,代入数据得22104.7⨯≈M kg ,故选D .规律总结:本题求解的关键是构建卫星运动的空间立体图,俯视卫星的运动,根据已知参量运用相关规律进行分析和演算.考点解剖:考查万有引力定律的应用,意在考查应用万有引力进行估算能力. 19.将甲乙两小球先后以同样的速度在距地面不同高度处竖直向上抛出,抛出时间间隔为2s ,他们运动的V-t 图像分别如直线甲、乙所示.则( )A .t=2s 时,两球的高度相差一定为40mB .t=4s 时,两球相对于各自抛出点的位移相等C .两球从抛出至落地到地面所用的时间间隔相等D .甲球从抛出至达到最高点的时间间隔与乙球的相等 答案:BD思路分析:先通过V-t 图将物理图象与物理过程联系起来,再运用图像上的相关参量和特征物理量间的关系进行分析和判断.解题过程:由于两球的抛出点未知,即AC 错;由V-t 图与坐标轴所围的面积表相应的位移,即4021102330=-=⨯⨯x m ,即B 对;由图知两球的初速都是V=30m/s ,故上升时间都是t=3s ,即D 对.规律总结:本题的关键是要正确理解图像的物理意义,结合题中的条件,从点、线、面、斜、截等几个方面来分析.考点解剖:综合考查运动学的基础知识,意在考查对V-t 图像的理解及应用能力. 20.如图,一固定斜面倾角为30°,一质量为m 的小物块自斜面底端以一定的初速度,沿斜面向上做匀减速运动,加速度的大小等于重力加速度的大小g .若物块上升的最大高度为H ,则此过程中,物块的( )A .动能损失了2mgHB .动能损失了mgHC .机械能损失了mgHD .机械能损失了21mgH答案:AC思路分析:先要通过对物块的受力分析和题给的运动加速度寻找阻力与重力间的关系,再通过能量转化的去向和守恒律进行分析和判断.解题过程:由于上升过程中加速度的大小等于重力加速度的大小g ,由mg f mg =+θsin 知2mg f =,由动能定理得mgH fL mgH E k 2=+=∆,即A 对B 错;机械能的减少量在数值上等于克服摩擦力所做的功,即mgH fL W f ==,故C 对D 错.规律总结:本题考力学的基本规律,求解时要将过程分析和能量转化有机结合起来,灵活选用物理规律快速决策.考点解剖:综合考查匀变速运动过程中的受力问题和能量转化情况,意在考查对牛顿运动定律和能量守恒定律的理解及应用能力.21.在学校运动场上50m 直跑道的两端,分别安装了由同一信号发生器带动的两个相同的扬声器.两个扬声器连续发出波长为5m 的声波.一同学从该跑道的中点出发,向某一端点缓慢行进10m .在此过程中,他听到的扬声器声音由强变弱的次数为( )A .2B .4C .6D .8 答案:B思路分析:结合题材信息和干涉加强和减弱区的条件来分析和演算.解题过程:该同学在中点处到两波源的程差Δx 1=0,故中点处振动加强;向某一端点行进10m 时Δx 2=35-15=4λ,故该点处振动加强;由于程差是波长的4倍,因此在此过程中他听到的扬声器声音由强变弱的次数为4,即选B .规律总结:当两相干波源的振动步调相同时,到两波源的程差Δx 是波长整数倍处是加强区,是半波长的奇数倍处是减弱区.备考时要对此规律深刻理解,并灵活变通.考点解剖:本题考查干涉现象,意在考查对干涉现象的理解及加强和减弱区的分析与推断能力.三、非选择题22.如图,E 为直流电源,G 为灵敏电流计,A 、B 为两个圆柱形电极,P 是木板,C 、D为两个探针,S为开关.现用上述实验器材进行“用描迹法画出电场中平面上的等势线”的实验.⑴木板P上有白纸、导电纸和复写纸,最上面的应该是纸;⑵用实线代表导线将实验器材正确连接.答案:⑴导电,⑵连线图如下.思路分析:先要弄清本实验中有两个电路通过电流场建立联系,才能用探针进行探测.要将形成的电流场通过探针找到等势点就决定了白纸、导电纸和复写纸的放置秩序.解题过程:确定基准点,然后用另一探针找与该点等势电势的点,因此最上面是导电纸.等势点是用灵灵敏电流计确定的,因此应接成两个电路,通过试触来判断.规律总结:本实验是用电流场模拟静电场,学习中要在熟练掌握等量异种点电荷电场线分析的基础上,巧妙记忆电场线分布图,才能在实验室中灵活选取基准点,快速移动找出等势点.考点解剖:本题考查描点法绘等势线,意在考查对依据等势点进行等势线描绘的能力.23.测量小物块Q与平板P之间的动摩擦因数的实验装置如图所示.AB是半径足够大的光滑四分之一圆弧轨道,与水平固定放置的P板的上表面BC在B点相切,C点在水平地面的垂直投影为C’.重力加速度为g.实验步骤如下:A 用天平称出物块Q 的质量m ;B 测量出轨道AB 的半径R 、BC 的长度L 和CC’的长度h ; C 将物块Q 在A 点从静止释放,在物块Q 落地处标记其落D 点; D 重复步骤C ,共做10次;E 将10个落地点用一个尽量小的圆围住,用米尺测量圆心到C’的距离s . ⑴用实验中的测量量表示:①物块Q 到达B 点时的动能E KB = ; ②物块Q 到达C 点时的动能E kc = ;③在物块Q 从B 运动到C 的过程中,物块Q 克服摩擦力做的功W f = ; ④物块Q 与平板P 之间的动摩擦因数μ= . ⑵回答下列问题:①实验步骤DE 的目的是 .②已知实验测得的μ值比实际值偏大,其原因除了实验中测量的误差之外,其它的可能是 .(写出一个可能的原因即可).答案:⑴①mgR ,②hmgS 42,③hmgS mgR 42-,④LhS LR42-;⑵①减小实验结果的误差,②圆弧轨道存在摩擦(或接缝B 处不平滑等).思路分析:先要通过题材情景分析物块的运动情况,通过运动过程的分析建立相关物理量与动摩擦因数间的关系,以及可能引起测量误差的各种可能情况,运用有关规律分析.解题过程:⑴由机械能守恒定律知mgR E KB=,物块离开C 点后做平抛运动,在空中的飞时间满足21gt h =,于是初速是hgtS C SV 2==,故C 点时的动能hmgS CKC mV E 42212==;物块从B 运动到C 的过程中克服摩擦力做的功等于物块动能的减少量,即hmgS f mgR W 42-=;又mgL W f μ=,联立前面的结论可得LhS L R 42-=μ. ⑵重复操作多次的目的是为了减小实验误差.摩擦因数偏大说明物块的动能损失较多,引起动能损失的因素很多,如圆弧轨道存在摩擦或接缝B 处不平滑等.规律总结:该实验的综合性强,解答的关键在于分析物块的运动过程,抓住物体在每一阶段所满足的规律.考点解剖:本题考查实验能力,意在考查综合设计的实验能力.24.一客运列车匀速行驶,其车轮在铁轨间的接缝处会产生周期性撞击.坐在该客车中的某旅客测得从第1次到第16次撞击声之间的时间间隔为10.0s .在相邻的平行车道上有一列货车,当该旅客经过货车车尾时,货车恰好从静止开始以恒定加速度沿客车行进方向运动.该旅客在此后的20.0s 内,看到恰好有30节货车车厢被他连续超过.已知每根铁轨的长度为25.0m ,每节货车车厢的长度为16.0m ,货车车厢间距忽略不计.求:①客车运行速度的大小; ②货车运行加速度的大小. 答案:①V=37.5m/s;②a=1.35m/s 2思路分析:通过阅读题材和两列火车的运动信息,推断火车的运动规律,再建立相关物理量与已知信息间的关系,最后运用有关规律作答.解题过程:①设连续两次撞击轨的时间间隔为Δt ,每根铁轨的长度为l ,则客车的速度为tlV ∆=,代入11610-=∆t s 和l=25m 得V=37.5m/s .②设货车从开始运动t=20.0s 内客车行驶了s 1,货车行驶了s 2,货车的加速度为a ,由运动学规律知Vt s =1,212at s =,又由题给条件知163021⨯=-s s ,代入数据得a=1.35m/s 2.规律总结:解题时要结合题材信息推断两车的运动性质,写出相关的运动学方程,找出空间和时间的关系,联立解题.考点解剖:本题是变相的追击相遇问题,意在考查理论联系实际和分析演算能力. 25.一电荷量为q (q>0)、质量为m 的带电粒子在匀强电场的作用下,在t=0时由静止开始运动,场强随时间变化的规律如图所示,不计重力.求在t=0到t=T 的时间间隔内①粒子位移的大小和方向②粒子沿初始电场反方向运动的时间答案:①mqT E S 1620=,位移的方向与初始电场的方向相同;②4T t =∆思路分析:先要结合图象分析电场强度随时间的变化规律,进而推断物体加速度和速度随时间的变化规律,随后用V-t 图像中的特征物理量来进行分析和演算.解题过程:①由于电场在每段时间内恒定不变,故粒子做匀变速运动.设带电粒子在第一、第二、第三和第四个4T 内的加速度分别为a 1、a 2、a 3、a 4,由牛顿第二定律得mqE a 01=、mqE a 022-=、mq E a 023=、mqE a 04-=,由此可得粒子运动的V-t 图像如下图所示.又由于V-t 图像中曲线与坐标轴所围面积的代数和表相应的位移,由图知4T 到43T 时段内的总位移为零,故t=0到t=T 的时间间隔内的位移为41212T V S ⋅⨯=,且方向与初始电场的方向相同,又11T a V ⋅=,于是mqT E S 1620=.②由V-t 图像知曲线与t 轴的交点处速度换向,即粒子在3T t =到5T t =时段内粒子沿初始电场反方向运动,对应的时长为48385T TTt =-=∆. 规律总结:要结合电场的变化特性,将它转化成为熟知的V-t 图像.备考中要举一反三,将新颖题材转化为熟知的现象和习惯的处理方法可在考场中赢得时间的主动权.考点解剖:本题考查带电粒子在交变场中的运动,意在考查运用牛顿运动定律解决实际问题的能力.26.如图,虚线OL 与y 轴的夹角θ=600,在此角范围内有垂直于xOy 平面向外的匀强磁场,磁感应强度大小为B .一质量为m 、电荷量为q (q>0)的粒子从左侧平行于x 轴射入磁场,入射点为M .粒子在磁场中运动的轨道半径为R .粒子离开磁场后的运动轨迹与x 轴交于p 点(图中未画出)且op —=R .不计重力.求M 点到O 点的距离和粒子在磁场中运动的时间.答案:当粒子在磁场中运动的圆心角α=300时Rh )1(33-=,当粒子在磁场中运动的圆心角α=900时Rh )1(33+=当粒子在磁场中运动的圆心角α=300时粒子在磁场中的运动时间为qBm Tt 612π==,当粒子在磁场中运动的圆心角α=900时粒子在磁场中的运动时间为qBmT t 24π==.思路分析:解答时要在认真阅读题材的基础上绘制出粒子运动的草图,分段考查粒子的运动性质,写出相关的物理规律,然后作对应坐标轴的垂线,通过几何关系建立相关参量的联系来求解.解题过程:结合题意带电粒子以C 点为圆心在有界磁场中做半径为R 的匀速圆周运动,从A 点离开磁场后沿切线方向P 点运动,若设AC 与y 轴的夹角为α,AP 与x 轴的夹角为β,则由粒子所受的洛仑兹力提供向心力知Rv m qVB 2=,又VRT π2=,故粒子在磁场中运动的周期为m T π2=.过A 点作x 轴和y 轴的垂线,垂足为B 和D ,由几何关系知αsin R AD =,θcot AD OD =,βcot OD PB =,又α=β,PB AD OP +=,整理以上各式可得1cos sin 31=+αα,于是得α=300或α=900若设M 点到O 点的距离为h ,则有OC R h -=,又OD R OC -=αcos ,θcot AD OD =,故)30cos(032+-=αR R h ,于是当α=300时得Rh )1(33-=,当α=900时得Rh )1(33+=当α=300时粒子在磁场中的运动时间为qBmT t 612π==,当α=900时粒子在磁场中的运动时间为mT t π==.规律总结:本题设问新颖,对运用数学知识解决物理问题的能力要求很高,有很好地选拔性.备考时要多注意圆心的确定、运动时间的确定、轨迹的描绘,以及临界和极值问题,通过深入有效地备考,达到处变不惊,灵活应对,快速决策之目的.考点解剖:综合考查带电粒子在磁场中的运动,意在考查综合解决问题的能力.。

2013年高考理综物理部分试题四川卷及参考答案

2013年高考理综物理部分试题四川卷及参考答案

2013高考理综(物理部分)(四川卷)1.下列关于电磁波的说法,正确的是A.电磁波只能在真空中传播B .电场随时间变化时一定产生电磁波C .做变速运动的电荷会在空间产生电磁波D .麦克斯韦第一次用实验证实了电磁波的存在2.用220V 的正弦交流电通过理想变压器对一负载供电,变压器输出电压是110V ,通过负载的电流图像如图所示,则 A .变压器输入功率约为3.9WB.输出电压的最大值是110V C .变压器原、副线圈匝数比是1∶2 D .负载电流的函数表达式:i=0.05sin(100πt+2)A3.光射到两种不同介质的分界面,分析其后的传播情形可知A .折射现象的出现说明光是纵波B .光总会分为反射光和折射光C .折射光与入射光的传播方向总是不同的D .发生折射是因为光在不同介质中的传播速度不同4.迄今发现的二百余颗太阳系外行星大多不适宜人类居住,绕恒星“Gliese581”运行的行星“Gl -581c”却很值得我们期待。

该行星的温度在0℃到40℃之间、质量是地球的6倍、直径是地球的1.5倍、公转周期为13个地球日。

“Gliese581”的质量是太阳质量的0.31倍。

设该行星与地球均视为质量分布均匀的球体,绕其中心天体做匀速圆周运动,则 A .在该行星和地球上发射卫星的第一宇宙速度相同 B .如果人到了该行星,其体重是地球上的8/3倍C .该行星与“Gliese581”的距离是日地距离的36513倍 D .由于该行星公转速率比地球大,地球上的米尺如果被带上该行星,其长度一定会变短 5.图1是一列简谐横波在t =1.25s 时的波形图,已知c 位置的质点比a 位置的晚0.5s 起振。

则图2所示振动图像对应的质点可能位于A .a <x <bB .b <x <cC .c <x <dD .d <x <e 6.甲、乙两物体在t =0时刻经过同一位置沿x 轴运动,其v-t 图像如图所示。

2013年江苏省高考物理试卷答案与解析

2013年江苏省高考物理试卷答案与解析

2013年省高考物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题:本题共5小题,每小题3分,共计15分.每小题只有一个选项符合题意.1.(3分)(2013•)火星和木星沿各自的椭圆轨道绕太阳运行,根据开普勒行星运动定律可知()A.太阳位于木星运行轨道的中心B.火星和木星绕太阳运行速度的大小始终相等C.火星与木星公转周期之比的平方等于它们轨道半长轴之比的立方D.相同时间,火星与太阳连线扫过的面积等于木星与太阳连线扫过的面积考点:万有引力定律及其应用.专题:万有引力定律在天体运动中的应用专题.分析:熟记理解开普勒的行星运动三定律:第一定律:所有的行星围绕太阳运动的轨道都是椭圆,太阳处在所有椭圆的一个焦点上.第二定律:对每一个行星而言,太阳行星的连线在相同时间扫过的面积相等.第三定律:所有行星的轨道的半长轴的三次方跟公转周期的二次方的比值都相等.解答:解:A、第一定律的容为:所有行星分别沿不同大小的椭圆轨道绕太阳运动,太阳处于椭圆的一个焦点上.故A错误;B、第二定律:对每一个行星而言,太阳行星的连线在相同时间扫过的面积相等.行星在此椭圆轨道上运动的速度大小不断变化,故B错误;C、若行星的公转周期为T,则常量K与行星无关,与中心体有关,故C正确;D、第二定律:对每一个行星而言,太阳行星的连线在相同时间扫过的面积相等,是对同一个行星而言,故D错误;故选C.点评:正确理解开普勒的行星运动三定律是解答本题的关键.2.(3分)(2013•)如图所示,“旋转秋千”中的两个座椅A、B质量相等,通过相同长度的缆绳悬挂在旋转圆盘上.不考虑空气阻力的影响,当旋转圆盘绕竖直的中心轴匀速转动时,下列说确的是()A.A的速度比B的大B.A与B的向心加速度大小相等C.悬挂A、B的缆绳与竖直方向的夹角相等D.悬挂A的缆绳所受的拉力比悬挂B的小考点:向心力;牛顿第二定律.专题:牛顿第二定律在圆周运动中的应用.分析:A B两个座椅具有相同的角速度,分别代入速度、加速度、向心力的表达式,即可求解.解答:解:AB两个座椅具有相同的角速度.A:根据公式:v=ω•r,A的运动半径小,A的速度就小.故A错误;B:根据公式:a=ω2r,A的运动半径小,A的向心加速度就小,故B错误;C:如图,对任一座椅,受力如图,由绳子的拉力与重力的合力提供向心力,则得:mgtanθ=mω2r,则得tanθ=,A的半径r较小,ω相等,可知A与竖直方向夹角θ较小,故C错误.D:A的向心加速度就小,A的向心力就小,A对缆绳的拉力就小,故D正确.故选:D点评:该题中,AB的角速度相等而半径不相等是解题的关键.属于简单题.3.(3分)(2013•)下列选项中的各圆环大小相同,所带电荷量已在图中标出,且电荷均匀分布,各圆环间彼此绝缘.坐标原点O处电场强度最大的是()A.B.C.D.考点:电场强度;电场的叠加.专题:电场力与电势的性质专题.分析:根据点电荷场强的公式和场强叠加原理,与选项相对比,分析求解问题.解答:解:A、坐标原点O处电场强度是带电圆环产生的,B、坐标原点O处电场强度是第一象限带正电圆环和第二象限带负电圆环叠加产生,坐标原点O处电场强度大小大于带电圆环产生的场强.C、第一象限带正电圆环和第三象限带正电圆环产生电场相互抵消,所以坐标原点O处电场强度是带电圆环产生的,D、第一象限带正电圆环和第三象限带正电圆环产生电场相互抵消,第二象限带负电圆环和第四象限带负电圆环产生电场相互抵消,所以坐标原点O处电场强度为零.所以坐标原点O处电场强度最大的是B.故选B.点评:本题考查定性分析问题的思想方法,要求学生在牢固的掌握基本知识的基础上要能过灵活的分析问题.4.(3分)(2013•)在输液时,药液有时会从针口流出体外,为了及时发现,设计了一种报警装置,电路如图所示.M是贴在针口处的传感器,接触到药液时其电阻R M发生变化,导致S两端电压U增大,装置发出警报,此时()A.R变大,且R越大,U增大越明显MB.R变大,且R越小,U增大越明显MC.R变小,且R越大,U增大越明显MD.R变小,且R越小,U增大越明显M考点:闭合电路的欧姆定律.专题:压轴题;恒定电流专题.分析:电阻R与R并联后与S串联,当电阻R越大时,电阻R与R M并联的电阻越接近R M,M电压变化越明显.解答:解:S两端电压U增大,故传感器两端电压一定减小;当“有药液从针口流出体外”使传感器接触药液,R M变小;当R>R M时,R越大,M与R并联的电阻R并越接近R M,U增大越明显;故选:C.点评:本题是电路的动态分析问题,关键明确当电阻R越大时,电阻R与R并联的电阻越接M进R M,电压变化越明显.5.(3分)(2013•)水平面上,一白球与一静止的灰球碰撞,两球质量相等.碰撞过程的频闪照片如图所示,据此可推断,碰撞过程中系统损失的动能约占碰撞前动能的()A.30% B.50% C.70% D.90%考点:动量守恒定律;机械能守恒定律.专题:压轴题;动量与动能定理或能的转化与守恒定律综合.分析:根据频闪照片,根据却是守恒定律研究碰撞后两球速度大小与碰撞前白球速度大小的关系,即可研究碰撞过程中系统损失的动能.解答:解:设碰撞前白球的速度大小为2v,由图看出,碰撞后两球的速度大小相等,速度之间的夹角约为60°,设碰撞后两球的速度大小为v′根据动量守恒得:水平方向有:m•2v=2mv′cos30°,解得,v′=则碰撞过程中系统损失的动能为△E k=﹣==,即碰撞过程中系统损失的动能约占碰撞前动能的.故选A点评:本题首先要根据照片的信息,知道两球速度大小近似相等,再由动量守恒求解碰撞前后速度大小的关系.二、多项选择题:本题共4小题,每小题4分,共计16分.每小题有多个选项符合题意.全部选对的得4分,选对但不全的得2分,错选或不答的得0分.6.(4分)(2013•)将一电荷量为+Q的小球放在不带电的金属球附近,所形成的电场线分布如图所示,金属球表面的电势处处相等.a、b为电场中的两点,则()A.a点的电场强度比b点的大B.a点的电势比b点的高C.检验电荷﹣q在a点的电势能比在b点的大D.将检验电荷﹣q从a点移到b点的过程中,电场力做负功考点:匀强电场中电势差和电场强度的关系;电场强度.专题:电场力与电势的性质专题.分析:电场线的疏密表示场强的大小;a点所在的电场线从Q出发到不带电的金属球终止,所以a点的电势高于金属球的电势,而b点所在处的电场线从金属球发出到无穷远,所以金属球的电势高于b点的电势;电势越高的地方,负电荷具有的电势能越小.解答:解:A:电场线的疏密表示场强的大小,故A正确;B:a点所在的电场线从Q出发到不带电的金属球终止,所以a点的电势高于金属球的电势,而b点所在处的电场线从金属球发出到无穷远,所以金属球的电势高于b点的电势.故B正确;C:电势越高的地方,负电荷具有的电势能越小,即负电荷在a点的电势能较b点小,故C错误;D:由上知,﹣q在a点的电势能较b点小,则把﹣q电荷从电势能小的a点移动到电势能大的b点,电势能增大,电场力做负功.故D正确.故选:ABD点评:该题考查电场线的特点与电场力做功的特点,解题的关键是电场力做正功,电势能减小;电场力做负功,电势能增加.7.(4分)(2013•)如图所示,从地面上同一位置抛出两小球A、B,分别落在地面上的M、N点,两球运动的最大高度相同.空气阻力不计,则()A.B的加速度比A的大B.B的飞行时间比A的长C.B在最高点的速度比A在最高点的大D.B在落地时的速度比A在落地时的大考点:机械能守恒定律.专题:机械能守恒定律应用专题.分析:由题知,两球均做斜抛运动,运用运动的分解法可知:水平方向做匀速直线运动,竖直方向做竖直上抛运动,两球的加速度相同,由竖直高度相同,由运动学公式分析竖直方向的初速度关系,即可知道水平初速度的关系.两球在最高点的速度等于水平初速度.由速度合成分析初速度的关系,即可由机械能守恒知道落地速度的大小关系.解答:解:A、不计空气阻力,两球的加速度都为重力加速度g.故A错误.B、两球都做斜抛运动,竖直方向的分运动是竖直上抛运动,根据运动的对称性可知,两球上升和下落的时间相等,而下落过程,由t=知下落时间相等,则两球运动的时间相等.故B错误.C、h=v y t﹣,最大高度h、t相同,则知,竖直方向的初速度大小相等,由于A球的初速度与水平方向的夹角大于B球的竖直方向的初速度,由v y=v0sinα(α是初速度与水平方向的夹角)得知,A球的初速度小于B球的初速度,两球水平方向的分初速度为v0cosα=v y cotα,由于B球的初速度与水平方向的夹角小,所以B球水平分初速度较大,而两球水平方向都做匀速直线运动,故B在最高点的速度比A在最高点的大.故C正确.D、根据速度的合成可知,B的初速度大于A球的初速度,运动过程中两球的机械能都守恒,则知B在落地时的速度比A在落地时的大.故D正确.故选CD点评:本题考查运用运动的合成与分解的方法处理斜抛运动的能力,对于竖直上抛的分速度,可根据运动学公式和对称性进行研究.8.(4分)(2013•)如图所示,理想变压器原线圈接有交流电源,当副线圈上的滑片P处于图示位置时,灯泡L能发光.要使灯泡变亮,可以采取的方法有()A.向下滑动P B.增大交流电源的电压C.增大交流电源的频率D.减小电容器C的电容考点:变压器的构造和原理.专题:压轴题;交流电专题.分析:要使灯泡变亮,应使副线圈两端电压增大.向下滑动P,副线圈匝数减少,电压减小,增大交流电源的电压,副线圈两端电压也增大,增大交流电源的频率通过电容器的电流更大.解答:解:A、向下滑动P,副线圈匝数减少,电压减小,A错误;B、增大交流电源的电压,副线圈两端电压也增大,B正确;C、增大交流电源的频率通过电容器的电流更大,C正确;D、减小电容器C的电容,增加了容抗,通过灯泡的电流减小,灯泡变暗,D错误;故选BC点评:本题考查了变压器的变压原理和电容器对交流电的影响,通高频阻低频.9.(4分)(2013•)如图所示,水平桌面上的轻质弹簧一端固定,另一端与小物块相连.弹簧处于自然长度时物块位于O点(图中未标出).物块的质量为m,AB=a,物块与桌面间的动摩擦因数为μ.现用水平向右的力将物块从O点拉至A点,拉力做的功为W.撤去拉力后物块由静止向左运动,经O点到达B点时速度为零.重力加速度为g.则上述过程中()A.物块在A点时,弹簧的弹性势能等于W﹣μmgaB.物块在B点时,弹簧的弹性势能小于W﹣μmgaC.经O点时,物块的动能小于W﹣μmgaD.物块动能最大时弹簧的弹性势能小于物块在B点时弹簧的弹性势能考点:机械能守恒定律.专题:压轴题;机械能守恒定律应用专题.分析:到达B点时速度为0,但加速度不一定是零,即不一定合力为0,这是此题的不确定处.弹簧作阻尼振动,如果接触面摩擦系数μ很小,则动能为最大时时弹簧伸长量较小(此时弹力等于摩擦力μmg),而弹簧振幅变化将很小,B点弹簧伸长大于动能最大点;如果μ较大,则动能最大时,弹簧伸长量较大,(因弹力等于摩擦力,μ较大,摩擦力也较大,同一个弹簧,则需要较大伸长量,弹力才可能与摩擦力平衡),而此时振幅变化很大,即振幅将变小,则物块将可能在离O点很近处,就处于静止(速度为0,加速度也为0),此时B点伸长量可能小于动能最大时伸长量,B点势能可能小于动能最大处势能.至于物块在A点或B点时弹簧的弹性势能,由功能关系和动能定理分析讨论即可.解答:解:A、如果没有摩擦力,则O点应该在AB中间,由于有摩擦力,物体从A到B过程中机械能损失,故无法到达没有摩擦力情况下的B点,也即O点靠近B点.故OA,此过程物体克服摩擦力做功大于,所以物块在A点时,弹簧的弹性势能小于,故A错误;B、由A分析得物块从开始运动到最终停在B点,路程大于a+=,故整个过程物体克服阻力做功大于,故物块在B点时,弹簧的弹性势能小于,故B正确;C、从O点开始到再次到达O点,物体路程大于a,故由动能定理得,物块的动能小于W﹣μmga,故C正确;D、物块动能最大时,弹力等于摩擦力,而在B点弹力与摩擦力的大小关系未知,故物块动能最大时弹簧伸长量与物块在B点时弹簧伸长量大小未知,故此两位置弹性势能大小关系不好判断,故D错误.故选:BC.点评:利用反证法得到O点并非AB连线的中点是很巧妙的,此外要求同学对功能关系和动能定理理解透彻三、简答题:必做题,请将解答填写在答题卡相应的位置.10.(8分)(2013•)为探究小灯泡的电功率P和电压U的关系,小明测量小灯泡的电压U 和电流I,利用P=UI得到电功率.实验所使用的小灯泡规格为“3.0V,1.8W”,电源为12V 的电池,滑动变阻器的最大阻值为10Ω.(1)准备使用的实物电路如图1所示.请将滑动变阻器接入电路的正确位置.(用笔画线代替导线)(2)现有10Ω、20Ω和50Ω的定值电阻,电路中的电阻R1应选10 Ω的定值电阻.(3)测量结束后,应先断开开关,拆除电池两端的导线,再拆除其他导线,最后整理好器材.(4)小明处理数据后将P、U2描点在坐标纸上,并作出了一条直线,如图2所示.请指出图象中不恰当的地方.考点:描绘小电珠的伏安特性曲线.专题:实验题;压轴题;恒定电流专题.分析:测定小灯泡伏安特性曲线实验要求电流从零调,所以滑动变阻器应用分压式接法;做电学实验为保护电流表,需要串联一个保护电阻,保护电阻的值应根据欧姆定律算出;画图象时若各点不在一条直线上时,应用平滑的曲线连接.解答:解:(1)从P﹣图象可知电压从零调,所以滑动变阻器应用分压式接法,变阻器连接如图所示(2)当变阻器的输出电压最大时,通过小灯泡的电流为额定电流I==A=0.6A,根据欧姆定律通过变阻器的电流为==,所以通过电源的电流为=I+=0.6+0.3=0.9A,根据闭合电路欧姆定律,应有E=U+,解得+r===10Ω,所以保护电阻应选10Ω的定值电阻;(3)根据安全性原则,测量结束后,应先断开开关,拆除电池两端的导线,再拆除其他导线,最后整理好器材.(4)图象中不恰当的地方有①图线不应画直线,应用平滑的曲线连接;②横坐标标度太大.故答案为(1)如图;(2)10;(3)电池;(4)图线不应画直线,应用平滑的曲线连接;横坐标标度太大.点评:测定小灯泡的伏安特性曲线实验变阻器应用分压式接法,选择保护电阻时应根据闭合电路欧姆定律求出电路中的最小电阻,然后再选择.11.(10分)(2013•)某兴趣小组利用自由落体运动测定重力加速度,实验装置如图所示.倾斜的球槽中放有若干个小铁球,闭合开关K,电磁铁吸住第1个小球.手动敲击弹性金属片M,M与触头瞬间分开,第1个小球开始下落,M迅速恢复,电磁铁又吸住第2个小球.当第1个小球撞击M时,M与触头分开,第2个小球开始下落….这样,就可测出多个小球下落的总时间.(1)在实验中,下列做确的有BD .A.电路中的电源只能选用交流电源B.实验前应将M调整到电磁铁的正下方C.用直尺测量电磁铁下端到M的竖直距离作为小球下落的高度D.手动敲击M的同时按下秒表开始计时(2)实验测得小球下落的高度H=1.980m,10个小球下落的总时间T=6.5s.可求出重力加速度g= 9.4 m/s2.(结果保留两位有效数字)(3)在不增加实验器材的情况下,请提出减小实验误差的两个办法.(4)某同学考虑到电磁铁在每次断电后需要时间△t磁性才消失,因此,每个小球的实际下落时间与它的测量时间相差△t,这导致实验误差.为此,他分别取高度H1和H2,测量n 个小球下落的总时间T1和T2.他是否可以利用这两组数据消除△t对实验结果的影响?请推导说明.考点:测定匀变速直线运动的加速度.专题:实验题;压轴题;自由落体运动专题.分析:(1)首先要明确电路结构、实验原理即可正确解答;(2)根据自由落体运动规律可以求出重力加速度大小;(3)误差主要来自小球下落过程中空气阻力的影响,由此可正确解答;(4)根据自由落体运动规律结合数学知识可正确求解.解答:解:(1)A、电路中的电源目的是线圈产生磁性,因此直流电也可以,故A错误;B、小球沿竖直方向自由下落,因此要使小球能够撞击M,M调整到电磁铁的正下方,故B正确;C、球的正下方到M的竖直距离作为小球下落的高度,故C错误;D、敲击M的同时小球开始下落,因此此时应该计时,故D正确.故答案为:BD.(2)一个小球下落的时间为:t=根据自由落体运动规律可得:(3)通过多次测量取平均值可以减小误差,同时该实验的误差主要来自小球下落过程中空气阻力的影响,因此增加小球下落的高度或者选择密度更大的实心金属球.(4)由自由落体运动的规律可得:①②联立①②可得:,因此可以消去△t对实验结果的影响.故答案为:(1)BD,(2)9.4,(3)增加小球下落的高度;多次重复实验结果取平均值,(4)可以.点评:对于实验问题一定要明确实验原理,并且亲自动手实验,熟练应用所学基本规律解决实验问题.四.选做题:本题包括12、13、14三小题,请选定其中两小题,并在相应的答题区域作答.若多做,则按12、13两小题评分.12.(12分)(2013•)[选修3﹣3]如图所示,一定质量的理想气体从状态A依次经过状态B、C和D后再回到状态A.其中,A→B 和C→D为等温过程,B→C和D→A为绝热过程(气体与外界无热量交换).这就是著名的“卡诺循环”.(1)该循环过程中,下列说确的是 C .A.A→B过程中,外界对气体做功B.B→C过程中,气体分子的平均动能增大C.C→D过程中,单位时间碰撞单位面积器壁的分子数增多D.D→A过程中,气体分子的速率分布曲线不发生变化(2)该循环过程中,能减小的过程是B→C(选填“A→B”、“B→C”、“C→D”或“D→A”).若气体在A→B过程中吸收63kJ 的热量,在C→D过程中放出38kJ 的热量,则气体完成一次循环对外做的功为25 kJ.(3)若该循环过程中的气体为1mol,气体在A状态时的体积为10L,在B状态时压强为A 状态时的.求气体在B状态时单位体积的分子数.(已知阿伏加德罗常数N A=6.0×1023mol ﹣1,计算结果保留一位有效数字)考点:理想气体的状态方程.专题:理想气体状态方程专题.分析:A→B过程中,体积增大,气体对外界做功,B→C过程中,绝热膨胀,气体对外做功,温度降低,C→D过程中,等温压缩,D→A过程中,绝热压缩,外界对气体做功,温度升高;由△U=Q+W知,气体完成一次循环对外做的功为W=25KJ.解答:解:(1)A、A→B过程中,体积增大,气体对外界做功,A错误;B、B→C过程中,绝热膨胀,气体对外做功,温度降低,气体分子的平均动能减小,B错误;C、C→D过程中,等温压缩,单位时间碰撞单位面积器壁的分子数增多,C正确;D、D→A过程中,绝热压缩,外界对气体做功,温度升高,气体分子的速率分布曲线发生变化,D错误;故选C(2)B→C过程中,绝热膨胀,气体对外做功,温度降低,能减小;由△U=Q+W知,气体完成一次循环对外做的功为W=25KJ(3)A→B为等温过程,则10P=,所以V=15L,在B状态时单位体积的分子数==4×1025m ﹣3答案为(1)C (2)B→C 25 (3)4×1025m﹣3点评:本题考查了理想气体状态方程,要理解各过程气体的变化,选择相应的状态方程.13.(12分)(2013•)[选修3﹣4](1)如图1所示的装置,弹簧振子的固有频率是4Hz.现匀速转动把手,给弹簧振子以周期性的驱动力,测得弹簧振子振动达到稳定时的频率为1Hz,则把手转动的频率为 A .A.1Hz B.3Hz C.4Hz D.5Hz(2)如图2所示,两艘飞船A、B沿同一直线同向飞行,相对地面的速度均为v(v接近光速c).地面上测得它们相距为L,则A测得两飞船间的距离大于(选填“大于”、“等于”或“小于”)L.当B向A发出一光信号,A测得该信号的速度为 c .(3)图3为单反照相机取景器的示意图,ABCDE为五棱镜的一个截面,AB⊥BC.光线垂直AB射入,分别在CD和EA上发生反射,且两次反射的入射角相等,最后光线垂直BC射出.若两次反射都为全反射,则该五棱镜折射率的最小值是多少?(计算结果可用三角函数表示)考点:光的折射定律;产生共振的条件及其应用.专题:压轴题;光的折射专题.分析:(1)物体做受迫振动的频率等于驱动力的频率,与物体的固有频率无关.(2)根据长度的相对性判断两飞船间的距离,根据光速不变原理判断A测得信号的速度.(3)根据几何关系求出入射角,通过折射定律求出五棱镜折射率的最小值.解答:解:(1)弹簧振子振动达到稳定时的频率为1Hz,即受迫振动的频率为1Hz,则驱动力的频率为1Hz.故A正确,B、C、D错误.故选A.(2)根据L=,L0为在相对静止参考系中的长度,L为在相对运动参考系中的长度,地面上测得它们相距为L,是以高速飞船为参考系,而A测得的长度为以静止参考系的长度,大于L.根据光速不变原理,则A测得该信号的速度为c.(3)设入射到CD面上的入射角为θ,因为在CD和EA上发生反射,且两次反射的入射角相等.根据几何关系有:4θ=90°解得θ=22.5°根据sin解得最小折射率n=.故答案为:(1)A (2)大于 c (3)点评:本题考查了机械振动、相对论、几何光学等知识点,难度不大,是高考的热点问题,需加强训练.14.(2013•)[选修3﹣5](1)如果一个电子的德布罗意波长和一个中子的相等,则它们的 C 也相等.A.速度 B.动能 C.动量 D.总能量(2)根据玻尔原子结构理论,氦离子(He+)的能级图如图1所示.电子处在n=3轨道上比处在n=5轨道上离氦核的距离近(选填“近”或“远”).当大量He+处在n=4的激发态时,由于跃迁所发射的谱线有 6 条.(3)如图2所示,进行太空行走的宇航员A和B的质量分别为80kg和100kg,他们携手远离空间站,相对空间站的速度为0.1m/s. A将B向空间站方向轻推后,A的速度变为0.2m/s,求此时B的速度大小和方向.考点:动量守恒定律;氢原子的能级公式和跃迁.专题:压轴题;动量定理应用专题.分析:(1)德布罗意波长为λ=,P是动量,h是普朗克常量.(2)根据玻尔原子理论,电子所在不同能级的轨道半径满足,激发发态跃迁的谱线满足(3)根据动量守恒求解即可.解答:解:(1)根据德布罗意波长公式λ=,一个电子的德布罗意波长和一个中子的波长相等,则动量P亦相等,故答案选C;(2)根据玻尔原子理论,能级越高的电子离核距离越大,故电子处在n=3轨道上比处在n=5轨道上离氦核的距离近.跃迁发出的谱线条数为,代入n=4得有6条谱线,故答案为6.(3)取v0远离空间站的方向为正方向,则A和B开始的速度为v0=0.1m/s远离空间站,推开后,A的速度v A=0.2m/s,此时B的速度为v B,根据动量守恒定律有:(m A+m B)v0=m A v A+m B v B代入数据解得:v B=0.02m/s方向沿远离空间站方向;故答案为:。

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2013年全国各省市高考物理试题汇编&#40;一本有目录及答案&#41;2013年全国高考物理试题汇编 2013年普通高等学校招生统一考试(新课标卷2) 2013年普通高等学校招生统一考试(新课标卷1) 2013年普通高等学校招生统一考试(北京卷) 132013 年普通高等学校招生统一考试(上海卷) 182013 年普通高等学校招生统一考试(江苏卷) 242013 年普通高等学校招生全国统一考试(天津卷) 302013 年普通高等学校招生全国统一考试(广东卷) 342013 年普通高等学校招生全国统一考试(安徽卷) 382013 年普通高等学校招生全国统一考试(重庆卷) 432013 年普通高等学校招生全国统一考试(四川卷) 482013 年(新课标2)参考答案 532013 年(新课标1)参考答案 582013 年(北京卷)参考答案 652013 年(上海卷)参考答案 662013 年(江苏卷)参考答案 692013 年(天津卷)参考答案 712013 年(广东卷)参考答案 762013 年(安徽卷)参考答案 782013 年(重庆卷)参考答案 2013年(四川卷)参考答案 832013 年普通高等学校招生统一考试(新课标卷2)二、选择题:本题共8 小题,每小题6 分。

在每小题给出的四个选项中,第14~18 题只有一项符合题目要求,第19~21 题有多项符合题目要求。

全部选对的得6 14.一物块静止在粗糙的水平桌面上。

从某时刻开始,物块受到一方向不变的水平拉力作用。

假设物块与桌面间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力。

以a 表示物块的加速度大小,F 表示水平拉力的大小。

能正确描述F 之间的关系的图像是15.如图,在固定斜面上的一物块受到一外力的作用,F平行于斜面上。

若要物块在斜面上保持静止,F 的取值应有一定范围,已知其最大值和最小值分别为F >0).由此可求出 A.物块的质量 B.斜面的倾角C.物块与斜面间的最大静摩擦力 C.物块对斜面的正压力 16.如图,在光滑水平桌面上有一边长为L、电阻为的正方形导线框;在导线框右侧有一宽度为)的条形匀强磁场区域,磁场的边界与导线框的一边平行,磁场方向竖直向下。

2013年四川省高考理综卷物理部分详细解答

2013年四川省高考理综卷物理部分详细解答


x DN DM
S S sin ta n
⑤ ⑥ ⑦ ⑧
弹簧的弹力为:F弹 k x
T umB g qE mB a 受力情况上由牛顿第二定律的:
对于物体 A 有, 由牛顿第二定律得: F mA g sin F弹 sin T mAa 由⑤⑥⑦⑧式子可以求出拉力 F ; 由速度位移公式得:v 2 2aS 由⑨可以求出速度 v ; 力的瞬时功率为: PF F v 将上面的④到⑩联立解方程得到 PF 0.528W
10、 【解析】 解: (1)由题意得 ,设物体 B 收到的摩擦力为 F静 ,设电场方向为正方向则有 对于 A 物体有: 对于 B 物体有:
TA mg sin
qE F静 TB 0
① ② ③
由绳子上的力是相等的,即: TA TB 综合上面①②③式得, F静 0.4 N ,方向水平向右; (2)设在整个运动中两个物体的位移为 S , T 为绳子的拉力,则有如下的关系: 对物体 B,由电场力做功等于电势能的变化: qES E p 由④式可以求出位移 S ; 弹簧的型变量为:
R12 R2 1 R0 。A 选项,由串联电路上面的分压原理:电压之比就等于电阻之比。 R12 R2 4
U R总
所以 U 并 R并 =1: 7 ,A 选项正确;B 选项,由题意中 K 0 得磁场在增大,根据楞次定律 得到,感生电流产生的磁场阻碍原磁场的变化,本题中就是垂直纸面向外,由右手定则得, 电流逆时针旋转, 故 b 极板上的为正电; C 热功率的计算中要注意滑动变阻器被分为两部分, 计算时需两部分分别结算后在求和。 P R11 P R12 滑 =P
正确答案为 B 【解析】 本题考察的是万有引力方面的知识, 这也是四川这几年必考的一个选择题题。 A 中的第一发射速度是指在万有引力提供向心力的情况下, 星球刚好在地表附近可以绕星球

2013普通高等学校招生全国统一考试(四川卷)理科综合物理试题及参考答案

2013普通高等学校招生全国统一考试(四川卷)理科综合物理试题及参考答案

----------------------------精品word 文档 值得下载值得拥有---------------------------------------------- 2013普通高等学校招生全国统一考试(四川卷)理科综合●物理试题第Ⅰ卷(选择题共42分)1.下列关于电磁波的说法,正确的是( )A .电磁波只能在真空中传播B .电场随时间变化时一定产生电磁波C .做变速运动的电荷会在空间中产生电磁波D .麦克斯韦第一次用实验证实了电磁波的存在2.用220V 的正弦交流电通过理想变压器对一负载供电,变压器输出电压是110V ,通过负载的电流图像如图所示,则( )A .变压器输入功率约为3.9WB .输出电压的最大值是110VC .变压器原、副线圈匝数比是1:2D .负载电流的函数表达式.sin()i t A ππ=+00510023.光射到两种不同介质的分界面,分析其后的传播情形可知( )A .折射现象的出现说明光是纵波B .光总会分为反射光和折射光C .折射光与入射光的传播方向总是不同的D .发生折射是因为光在不同介质中的传播速度不同4.迄今发现的二百余颗太阳系外行星是大多不适宜人类居住。

绕“Gliese581”运行的行星“Gliese -581c ”却很值得我们期待。

该行星的温度在0℃到40℃之间、质量是地球的6倍、直径是地球的1.5倍、公转周期为13个工作日。

“Gliese581”的质量是太阳质量的0.31倍。

设该行星与地球均视为质量分布均匀的球体,绕其中心天体做匀速圆周运动,则( )A . 在该行星和地球上发射卫星的第一宇宙速度相同B . 如果到了该行星,其体重是地球上的223倍 C . 该行星与“Gliese581”的距离是日地距离的倍 D . 由于该行星公转速率比地球大,地球上的米尺如果被带上该行星,其长度一定会变短5.图1是一列简谐波在t=1.25s 时的波形图,已知c 位置的质点比a 位置的晚0.5s 起振,则图2所示振动图像对应的质点可能位于( )A .a x b <<B .b x c <<C .c x d <<D .d x e <<6.甲、乙两物体在t=0时刻经过同一位置沿x 轴运动,其v-t 图像如图所示,则( )A .甲、乙在t=0到t=1s 之间沿同一方向运动B .乙在t=0到t=7s 之间的位移为零C .甲在t=0到t=4s 之间做往复运动----------------------------精品word 文档 值得下载 值得拥有----------------------------------------------7.如图所示,边长为L 、不可形变的正方形导线框内有半径为r 的圆形磁场区域,其磁感应强度B 随时间t 的变化关系为B=kt (常量k>0)。

2013年全国新课标2卷高考物理答案解析

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2013全国新课标高考物理答案解析一、选择题第14题:C解析:手稿数据只是时间与运动距离的关系,且时间和距离都使用各自相同的单位,可以推算出s 与2t 成正比。

第15题:B解析:由于b 点场强为零,故q 与Q 在b 点场强矢量和为零,即在场强大小上2ab cb KqE E R==,场强方向相反。

由对称性可知,Q 在d 点场强大小与其在b 点场强大小相等,方向相反。

故q 与Q 在d 点场强大小为:22210(3)9d ad cd Kq Kq KqE E E R R R=+=+= 第16题:D解析:设粒子质量为m ,电荷量为q ,板间电压为U粒子自由落体至小孔处速度:2v gh gd ==①移动下极板前,粒子在平行板中做匀减速直线运动,加速度1qUa g md =- 由2202t as v v =-得,()22()qU g d gdmd-=,即32qU g md = ②移动下极板后,粒子在平行板中做匀减速直线运动,加速度25243qU a g g md =-= 由2202t as v v=-得,粒子减速到零时与上极板距离为()222252524gdv h d a g ===⨯第17题:A解析:设磁感应强度为B ,金属棒单位长度电阻为r ,ab 与ac 夹角为2α,某一时刻切割磁感线的有效长度为2L ,此时 感应电动势为2E BLv = 电路总电阻为22sin L R r L α⎛⎫=+⎪⎝⎭感应电流为()2sin 2sin 12sin E BLv Bv I L R r r L ααα===+⎛⎫+ ⎪⎝⎭由此可知,无论金属棒MN 处在何处,感应电流都为一定值。

18、B由题意可知图中 α为30度,β为60度,粒子在磁场中运动对应的圆心角是60度,说明弦长粒子在磁场中的偏转半径r 相等,且弦与入射速度的夹角为30度,α为30度,所以r=R19、BCt 1时刻以前a 在前b 在后,应该是b 追上a ,A 错t 1到 t 2时间段内a 一直匀速直线运动,b 先减速到零然后反相加速,在 t 2时刻与a 再次相遇,BC 对,D 错 20、BC第一宇宙速度是最大的环绕速度,由v=√GMr 2轨道越高运行速度越小,可知两者绕地球圆周运动的速度一定小于第一宇宙速度,A 错如不干预,合体后,在稀薄大气阻力作用下减速,导致万有引力大于减速后的向心力,做近心运动,因万有引力做正功,轨道降低,动能增加,BC 正确天体万有引力提供圆周运动向心力,完全失重,不代表重力消失,D 错 21、ACv-t 图像中图线与坐标轴围成的面积表示位移,所以从着舰到停止,估算矩形、梯形和三角形的面积得位移大致为114m ,A 正确从0.4S 到2.5S 内,v-t 图像几乎是一条倾斜的直线,说明做匀减速直线运动,飞机所受的合力为恒力,但是绳子的张角是变化的,所以绳子中的力也是变化的。

2013年高考物理试题汇总参考答案

2013年高考物理试题汇总参考答案

参考答案2013年普通高等学校招生全国统一考试(课标卷I )14.【答案】C【解析】伽利略对一个简单的加速度运动有两种猜测:一是物体的速度随位移均匀变化,另一个是物体的速度随时间均匀变化。

他比较倾向后者,然后从数学上推理得出,如果物体的速度随时间均匀变化,则其位移将与时间的平方成正比(初速度为零时)。

伽利略做这个实验的目的就是验证自己的后一个想法。

正确选项C 15.【答案】B【解析】由b 处的合场强为零可知圆盘在此处产生的场强与点电荷q 在此处产生的场强大小相等。

d 与b关于圆盘对称,因此圆盘在d 处产生的场强与在b 处产生的场强大小相等。

根据以上分析可知:()2221093d qq q E kkk R R R =+=。

正确选项B 16.【答案】D【解析】第一个运动过程由动能定理可知:002d mg d qEd ⎛⎫+-=- ⎪⎝⎭;电容器保持与电源相连并且板间距减为原来的23时,场强将由E 变为23E ,设粒子在距上极板x 的位置返回,则在此处时速度为零,由动能定理可知: 20023d mg x q E x ⎛⎫⎛⎫+-=- ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭。

两式联立可得25x d =。

正确选项D 17.【答案】A【解析】在导体棒MN 向右匀速运动过程中,由于其连入电路部分长度随时间线性增加,从而其电动势随时间线性增加。

又由电阻定律可知,构成回路的三角形周长随时间线性增加,则其总电阻随时间线性增加。

结合闭合电路欧姆定律可知,电流应恒定不变。

正确选项A 18.【答案】B【解析】如图所示,粒子射出磁场与射入磁场时运动方向间的夹角为60,则其运动轨迹所对的圆心角NCM 也为60。

在三角形OHM 中,1cos 2HOM ∠=,所以用HOM 为60。

由角边角定理可知,三角形OMN 与三角形CMN 全等,即圆周运动半径与磁场区域圆半径相等。

由2vqvB m R =可知qBR v m=。

正确选项B 19.【答案】BC【解析】1t 时刻之前,b 在a 的后面,而在此时间b 追上a ,A 错。

2013届高三物理名校试题汇编详解系列 第1期 专题16 动量守恒定律 Word版含答案(2013高考)

2013届高三物理名校试题汇编详解系列 第1期 专题16 动量守恒定律 Word版含答案(2013高考)

一、单项选择题1.(福建省石光华侨联中2012届高三上学期期末测试理综卷)一个质量为M 、静止的不稳定原子核,当它放射出质量为m 、速度为v 的粒子后,原子核剩余部分的速度为( )A .-vB .m M mv-- C .M m mv-- D .M mv-3.(北京市第三十一中学2012届高三期中考试)如图所示,运动员挥拍将质量为m 的网球击出。

如果网球被拍子击前、后瞬间速度的大小分别为v 1、v 2,v 1与v 2方向相反,且v 2 > v 1。

忽略重力,则此过程中拍子对网球作用力的冲量( )A .大小为m (v 2 – v 1 ),方向与v 1方向相同B .大小为m (v 2 + v 1 ),方向与v 1方向相同C .大小为m (v 2 – v 1 ),方向与v 2方向相D .同大小为m (v 2 + v 1 ),方向与v 2方向相同4.(云南省昆明一中2012届高三第三次月考理综卷)关于物体的动量,下列说法中正确的是 ( )A .物体的动量越大,其惯性也越大B .同一物体的动量越大,其速度一定越大C .物体的加速度不变,其动量一定不变D .运动物体在任一时刻的动量方向一定是该时刻的位移方向4.B 解析:此题考查有关动量大小的决定因素和矢量性.物体的动量越大,即质量与速度的乘积越大,不一定惯性(质量)大,A 项错;对于同一物体,质量一定,所以速度越大,动量越大,B 项对;加速度不变,但速度可以变,如平抛运动的物体,故C 项错;动量的方向始终与速度方向相同,与位移方向不一定相同,D 错误。

6.(山东省曲阜一中2012届高三摸底考试)一炮艇总质量为M,以速度v0匀速行驶,从艇上以相对炮艇的水平速度v沿前进方向射击一质量为m的炮弹,发射炮弹后炮艇的速度为v′,若不计水的阻力,则下列各关系式中正确的是()A.Mv0 =Mv′+mvB.M v0 =(M-m)v′+mvC.M v0 =(M-m)v′+m(v+ v0)D.M v0 =(M-m)v′+m(v+ v′)6.D 解析:发射炮弹的过程,系统动量守恒,发射前,系统的总动量为M v0,发射炮弹后,炮艇的质量变为M-m,速度为v′,炮弹质量为m,对地速度为v+ v′,所以系统总动量为(M-m)v′+m(v+ v′),本题答案为D。

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高三物理三轮回扣一、必考内容范围及要求续表表2 选考内容范围及要求回扣之二、高中物理定理、定律、公式表一、质点的运动(1)------直线运动 1)匀变速直线运动1.平均速度V 平=s/t (定义式)2.有用推论V t 2-V o 2=2as3.中间时刻速度V t/2=V 平=(V t +V o )/24.末速度V t =V o +at5.中间位置速度V s/2=[(V o 2+V t 2)/2]1/26.位移s =V 平t =V o t+at 2/2=V t/2t7.加速度a =(V t -V o )/t {以V o 为正方向,a 与V o 同向(a > 0)做加速运动;反向(a < 0)做减速运动} 8.实验用推论Δs =aT {Δs 为连续相邻相等时间(T)内位移之差}9.主要物理量及单位:初速度(V o ):m/s ; 加速度(a):m/s 2; 末速度(V t ):m/s ; 时间(t):秒(s);位移(s):米(m ); 路程:米; 速度单位换算:1m/s=3.6km/h 。

注:(1)平均速度是矢量;平均速率是标量。

用路程比时间(2)物体速度大,加速度不一定大; (3)a=(V t -V o )/t 只是量度式,不是决定式;(4)其它相关内容:质点、位移和路程、参考系、时间与时刻 / s--t 图、v--t 图 / 速度与速率、瞬时速度。

2)自由落体运动1.初速度V o =02.末速度V t =gt3.下落高度h =gt 2/2(从V o 位置向下计算) 4.推论V t 2=2gh注:(1)自由落体运动是初速度为零的匀加速直线运动,遵循匀变速直线运动规律; (2)a =g =9.8m/s 2≈10m/s 2(重力加速度在赤道附近较小,在高山处比平地小,方向竖直向下)。

3)竖直上抛运动(不计阻力)1.位移s =V o t-gt 2/22.末速度V t =V o -gt (g=9.8m/s 2≈10m/s 2)3.有用推论V t 2-V o 2=-2gs4.上升最大高度H m =V o 2/2g (抛出点算起)5.往返时间t =2V o /g (从抛出落回原位置的时间)注:(1)全过程处理:是匀减速直线运动,以向上为正方向,加速度取负值; (2)分段处理:向上为匀减速直线运动,向下为自由落体运动,具有对称性; (3)上升与下落过程具有对称性,如在同点速度等值反向等。

二、质点的运动(2)----曲线运动、万有引力 1)平抛运动1.水平方向速度:V x =V o2.竖直方向速度:V y =gt3.水平方向位移:x =V o t4.竖直方向位移:y =gt 2/25.运动时间t =(2y/g )1/2(通常又表示为(2h/g)1/2) 6.合速度V t =(V x 2+V y 2)1/2=[V o 2+(gt)2]1/2 合速度方向与水平夹角β:tg β=V y /V x =gt/V 0 7.合位移:s =(x 2+y 2)1/2,位移方向与水平夹角α:tg α=y/x =gt/2V o8.水平方向加速度:a x =0;竖直方向加速度:a y =g注:(1)平抛运动是匀变速曲线运动,加速度为g ,通常可看作是水平方向的匀速直线运动与竖直方向的自由落体运动的合成;(2)运动时间由下落高度h(y)决定与水平抛出速度无关; (3)θ与β的关系为tg β=2tg α;(解决平抛加斜面模型) (4)在平抛运动中时间t 是解题关键;(5)做曲线运动的物体必有加速度,当速度方向与所受合力(加速度)方向不在同一直线上时,物体做曲线运动。

2)匀速圆周运动1.线速度V =s/t =2πr/T2.角速度ω=Φ/t =2π/T =2πf=2πn=v/r3.向心加速度a =V 2/r =ω2r =(2π/T)2r4.向心力F 向=mV 2/r =m ω2r =m (2π/T)2r =m ωv5.周期与频率:T =1/f6.角速度与线速度的关系:V =ωr7.角速度ω与转速n 的关系ω=2πn(此处频率与转速意义相同)8.主要物理量及单位:弧长(s):米(m);角度(Φ):弧度(rad );频率(f ):赫(Hz );周期(T ):秒(s );转速(n ):r/s ;半径(r):米(m );线速度(V ):m/s ;角速度(ω):rad/s ;向心加速度:m/s 2。

注:(1)向心力可以由某个具体力提供,也可以由合力提供,还可以由分力提供,方向始终与速度方向垂直,指向圆心; (2)做匀速圆周运动的物体,其向心力等于合力,并且向心力只改变速度的方向,不改变速度的大小,因此物体的动能保持不变,向心力不做功,但动量不断改变。

3)万有引力1.万有引力定律:F =Gm 1m 2/r 2(G =6.67×10-11N ·m 2/kg 2,方向在它们的连线上)2.天体上的重力和重力加速度:GMm/R 2=mg ;g =GM/R 2 {R:天体半径(m),M :天体质量(kg )}3.卫星绕行速度、角速度、周期:V =(GM/r)1/2;ω=(GM/r 3)1/2;T =2π(r 3/GM)1/2 {M :中心天体质量}4.第一(二、三)宇宙速度V 1=(g 地r 地)1/2=(GM/r 地)1/2=7.9km/s ;V 2=11.2km/s ;V 3=16.7km/s5.地球同步卫星GMm/(r 地+h)2=m4π2(r 地+h)/T 2 {h ≈36000km ,h:距地球表面的高度,r 地:地球的半径}注:(1)天体运动所需的向心力由万有引力提供,F 向=F 万;(2)应用万有引力定律可估算天体的质量、密度等;(3)地球同步卫星只能运行于赤道上空,运行周期和地球自转周期相同;(4)卫星轨道半径变小时,势能变小、动能变大、速度变大、周期变小、角速度变大、加速度变大;(5)地球卫星的最大环绕速度和最小发射速度均为7.9km/s 。

三、力(常见的力、力的合成与分解) 1)常见的力1.重力G =mg (方向竖直向下,g =9.8m/s 2≈10m/s 2,作用点在重心,适用于地球表面附近)2.胡克定律F =kx {方向沿恢复形变方向,k :劲度系数(N/m),x :形变量(m)}3.滑动摩擦力F =μF N {与物体相对运动方向相反,μ:摩擦因数,F N :正压力(N)}4.静摩擦力0≤f 静≤f m (与物体相对运动趋势方向相反,f m 为最大静摩擦力)5.万有引力F =Gm 1m 2/r 2 (G =6.67×10-11N ·m 2/kg 2,方向在它们的连线上) 6.静电力F =kQ 1Q 2/r 2 (k =9.0×109N ·m 2/C 2,方向在它们的连线上)7.电场力F =Eq (E :场强N/C ,q :电量C ,正电荷受的电场力与场强方向相同)8.安培力F =BILsin θ (θ为B 与L 的夹角,当L ⊥B 时:F =BIL ,B//L 时:F =0) 9.洛仑兹力f =qVBsin θ (θ为B 与V 的夹角,当V ⊥B 时:f =qVB ,V//B 时:f =0) 注:(1)劲度系数k 由弹簧自身决定;(2)摩擦因数μ与压力大小及接触面积大小无关,由接触面材料特性与表面状况等决定; (3)f m 略大于μF N ,一般视为f m ≈μF N ; (4)其它相关内容:静摩擦力(大小、方向);(5)物理量符号及单位:B :磁感强度(T),L :有效长度(m),I:电流强度(A),V :带电粒子速度(m/s),q:带电粒子(带电体)电量(C); (6)安培力与洛仑兹力方向均用左手定则判定。

2)力的合成与分解1.同一直线上力的合成 同向:F =F 1+F 2, 反向:F =F 1-F 2 (F 1>F 2)2.互成角度力的合成:F 1⊥F 2时:F12≤124.力的正交分解:F x =Fcos β,F y =Fsin F y /F x ) 注:(1)力(矢量)的合成与分解遵循平行四边形定则;(2)合力与分力的关系是等效替代关系,可用合力替代分力的共同作用,反之也成立; (3)除公式法外,也可用作图法求解,此时要选择标度,严格作图; (4)F 1与F 2的值一定时,F 1与F 2的夹角(α角)越大,合力越小;(5)同一直线上力的合成,可沿直线取正方向,用正负号表示力的方向,化简为代数运算。

四、动力学(运动和力)1.牛顿第一运动定律(惯性定律):物体具有惯性,总保持匀速直线运动状态或静止状态,直到有外力迫使它改变这种状态为止 2.牛顿第二运动定律: F 合=ma 或 a =F 合/ma {由合外力决定,与合外力方向一致} 3.牛顿第三运动定律:F =-F ´{负号表示方向相反,F 、F ´各自作用在对方,平衡力与作用力反作用力区别,实际应用:反冲运动}4.共点力的平衡F 合=0,推广0,0==∑∑y x F F {正交分解法、三力汇交原理}5.超重: F N > G , 失重:F N < G { 加速度方向向下,均失重,加速度方向向上,均超重 }6.牛顿运动定律的适用条件:适用于解决低速运动问题,适用于宏观物体,不适用于处理高速问题,不适用于微观粒子 注:平衡状态是指物体处于静止或匀速直线状态。

五、功和能(功是能量转化的量度)1.功:W =Fscos α(定义式) {W:功(J),F:恒力(N),s:位移(m),α:F 、s 间的夹角}2.重力做功:W ab =mgh ab {m:物体的质量,g =9.8m/s 2≈10m/s 2,h ab :a 与b 高度差(h ab =h a -h b )}3.电场力做功:W ab =qU ab {q:电量(C ),U ab :a 与b 之间电势差(V)即U ab =φa -φb }F F 2F 14.电功:W=UIt(普适式{U:电压(V),I:电流(A),t:通电时间(s)}5.功率:P=W/t(定义式) {P:功率[瓦(W)],W:t时间内所做的功(J),t:做功所用时间(s)}6.汽车牵引力的功率:P=Fv;P平均=Fv平均{P:瞬时功率,P平均:平均功率}7.汽车以恒定功率启动、以恒定加速度启动、汽车最大行驶速度(vmax =P额/f)8.电功率:P=UI(普适式) {U:电路电压(V),I:电路电流(A)}9.焦耳定律:Q=I2Rt {Q:电热(J),I:电流强度(A),R:电阻值(Ω),t:通电时间(s)}10.纯电阻电路中I=U/R;P=UI=U2/R=I2R;Q=W=UIt=U2t/R=I2Rt11.动能:Ek =mv2/2 {Ek:动能(J),m:物体质量(kg),v:物体瞬时速度(m/s)}12.重力势能:EP =mgh {EP:重力势能(J),g:重力加速度,h:竖直高度(m)(从零势能面起)}13.电势能:EA=qφA{E A:带电体在A点的电势能(J),q:电量(C),φA:A点的电势(V)(从零势能面起)}14.动能定理(对物体做正功,物体的动能增加):W合=mvt2/2-mvo2/2或W合=ΔEK{W合:外力对物体做的总功,ΔEK:动能变化ΔEK=(mvt2/2-mvo2/2)}15.机械能守恒定律:ΔE=0 或 EK1 + EP1=EK2+ EP2也可以是mv12/2+mgh1=mv22/2+mgh216.重力做功与重力势能的变化(重力做功等于物体重力势能增量的负值) WG =-ΔEP注:(1)功率大小表示做功快慢,做功多少表示能量转化多少;(2)O0≤α<90O 做正功;90O<α≤180O做负功;α=90o不做功(力的方向与位移(速度)方向垂直时该力不做功);(3)重力(弹力、电场力、分子力)做正功,则重力(弹性、电、分子)势能减少;(4)重力做功和电场力做功均与路径无关(见2、3两式);(5)机械能守恒成立条件:除重力(弹力)外其它力不做功,只是动能和势能之间的转化;(6)能的其它单位换算:1kWh(度)=3.6×106J,1eV=1.60×10-19J;六、电场1.两种电荷、电荷守恒定律、元电荷:(e=1.60×10-19C);带电体电荷量等于元电荷的整数倍2.库仑定律:F=kQ1Q2/r2 (在真空中){F:点电荷间的作用力(N),k:静电力常量k=9.0×109N·m2/C2,Q1、Q2:两点电荷的电量(C),r:两点电荷间的距离(m),方向在它们的连线上,作用力与反作用力,同种电荷互相排斥,异种电荷互相吸引}3.电场强度:E=F/q(定义式、计算式){E:电场强度(N/C),是矢量(电场的叠加原理),q:检验电荷的电量(C)}4.真空点(源)电荷形成的电场E=kQ/r2{r:源电荷到该位置的距离(m),Q:源电荷的电量}5.匀强电场的场强E=UAB /d {UAB:AB两点间的电压(V),d:AB两点在场强方向的距离(m)}6.电场力:F=qE {F:电场力(N),q:受到电场力的电荷的电量(C),E:电场强度(N/C)}7.电势与电势差:UAB=φA-φB,U AB=W AB/q=-ΔE AB/q8.电场力做功:WAB =qUAB=Eqd{WAB :带电体由A到B时电场力所做的功(J),q:带电量(C),UAB:电场中A、B两点间的电势差(V)(电场力做功与路径无关),E:匀强电场强度,d:两点沿场强方向的距离(m)}9.电势能: EA=qφA{E A:带电体在A点的电势能(J),q:电量(C),φA:A点的电势(V)}10.电势能的变化ΔEAB =EB-EA{带电体在电场中从A位置到B位置时电势能的差值}11.电场力做功与电势能变化ΔEAB =-WAB=-qUAB(电势能的增量等于电场力做功的负值)12.电容C=Q/U(定义式,计算式) {C:电容(F),Q:电量(C),U:电压(两极板电势差)(V)}13.平行板电容器的电容C=εS/4πkd (S:两极板正对面积,d:两极板间的垂直距离,ω:介电常数)14.带电粒子在电场中的加速(Vo=0):W=ΔEK 或 qU=mVt2/2, Vt=(2qU/m)1/215.带电粒子沿垂直电场方向以速度Vo进入匀强电场时的偏转(不考虑重力作用的情况下)类平抛(垂直电场方向:匀速直线运动L=Vot(在带等量异种电荷的平行极板中:E=U/d) 运动平行电场方向:初速度为零的匀加速直线运动d=at2/2,a=F/m=qE/m注:(1)电场线从正电荷出发终止于负电荷,电场线不相交,切线方向为场强方向,电场线密处场强大,顺着电场线电势越来越低,电场线与等势线垂直;(2)常见电场的电场线分布要求熟记;(3)电场强度(矢量)与电势(标量)均由电场本身决定,而电场力与电势能还与带电体带的电量多少和电荷正负有关;(4)处于静电平衡导体是个等势体,表面是个等势面,导体外表面附近的电场线垂直于导体表面,导体内部合场强为零,导体内部没有净电荷,净电荷只分布于导体外表面;(5)电容单位换算:1F=106μF=1012pF;(6)电子伏(eV)是能量的单位,1eV=1.60×10-19J;七、恒定电流1.电流强度:I=q/t{I:电流强度(A),q:在时间t内通过导体横载面的电量(C),t:时间(s)}2.欧姆定律:I=U/R {I:导体电流强度(A),U:导体两端电压(V),R:导体阻值(Ω)}3.电阻、电阻定律:R=ρL/S {ρ:电阻率(Ω·m),L:导体的长度(m),S:导体横截面积(m2)}4.闭合电路欧姆定律:I =E /(r+R) 或 E=Ir + IR 也可以是E =U内+ U外{I:电路中的总电流(A),E:电源电动势(V),R:外电路电阻(Ω),r:电源内阻(Ω)}5.电功与电功率:W=UIt,P=UI{W:电功(J),U:电压(V),I:电流(A),t:时间(s),P:电功率(W)}6.焦耳定律:Q=I2Rt{Q:电热(J),I:通过导体的电流(A),R:导体的电阻值(Ω),t:通电时间(s)}7.纯电阻电路中: 由于I=U/R , W=Q,因此W=Q=UIt=I2Rt=U2t/R8.电源总动率、电源输出功率、电源效率:P总=IE,P出=IU,η=P出/P总{I:电路总电流(A),E:电源电动势(V),U:路端电压(V),η:电源效率}9.电路的串/并联串联电路(P、U与R成正比) 并联电路(P、I与R成反比)电阻关系 R串=R1+R2+R3+ 1/R并=1/R1+1/R2+1/R3+电流关系 I总=I1=I2=I3I并=I1+I2+I3+电压关系 U总=U1+U2+U3+ U总=U1=U2=U3功率分配 P总=P1+P2+P3+ P总=P1+P2+P3+10.欧姆表测电阻使用方法:机械调零、选择量程、短接欧姆调零、测量读数{注意挡位(倍率)}、拨off挡。

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