【精编】2015年贵州省贵阳市高考物理一模试卷与解析

合集下载

2015届贵阳市高三8月摸底考试物理解析版(2014.08)

2015届贵州省贵阳市普通高中高三8月摸底考试物理试题【试卷综析】本试卷是高三模拟试题，包含了高中物理力学、电场、磁场、交变电流、带电粒子在电场、磁场中运动以及选修3-3、3-4、3-5的全部内容，在考查问题上以基本定义、基本规律为主，注重个过程的分析，题型新颖，以改编题为主，是份非常好的试卷。

一、选择题：（本题共12小题，每小题4分，共48分，在每小题给出的四个选项中， 1-8小题只有一个选项正确，9-12小题有多个选项正确.全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分）【题文】1、如图所示是一辆汽车做直线运动的v-t 图像，则汽车在0～2s 内和2～3s 内相比较，下面说法正确的是（）A ．位移大小相等B ．平均速度相等C ．速度变化相同D ．合外力大小相同【知识点】匀变速直线运动的图像．A5 【答案解析】 B 解析： A 、v-t 图象中，图象与坐标轴围成的面积表示位移，则汽车在0～2s 内的位移x 1＝12×2×5＝5m ，2～3s 内的位移x 2＝12×5×＝2.5m ，位移不等，故A 错误；B 、汽车在0～2s 内的平均速度015022v v v ++==＝2.5m /s ，2～3s 内的平均速度025022v v v ++==＝2.5m /s ，平均速度相等，故B 正确；C 、速度变化21v v v ∆=- 可知，0～2s 内速度变化为5m/s ，2～3s 速度变化为-5m/s ，所以速度变化方向不同，故C 错误；D 、v-t 图象中，斜率表示加速度，倾斜角越大表示加速度越大，由图可知，2～3s 内的加速度比0～2s 内的加速度大，所以10～15s 内的速度变化率比0～10s 内的速度变化率大，故D 错误．故选：B【思路点拨】v-t 图象中，斜率表示加速度，倾斜角越大表示加速度越大，图象与坐标轴围成的面积表示位移，匀变速直线运动的平均速度 02v v v +=本题考查了速度--时间图象的应用，要明确斜率的含义，知道在速度--时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义，能根据图象读取有用信息，属于基础题．A ．3RB ．C ．2RD ．R【知识点】机械能守恒定律；平抛运动．D2 E3【答案解析】 A 解析：小球从A 到B 过程中，由机械能守恒定律得： mgR=12mv B 2，解得：v BB 点做圆周运动的临界速度，即：在B 点，轨道对小球没有支持力时，由牛顿第二定律得：mg=m 20v R，解得小球做圆周运动的临界速度v 0由于v B ＞v 0，小球离开B 点后将做平抛运动，在水平方向：x=v B t ，在竖直方向：R=12gt 2，解得：x=2R ，则小球落地点到A 点的水平距离d=x+R=3R ；故选：A ．【思路点拨】小球在光滑圆弧上运动时，只有重力做功，机械能守恒，由机械能守恒定律可以求出小球到达B 点的速度；由牛顿第二定律求出小球在B 点做圆周运动的临界速度，然后判断小球的运动规律，再求出小球落点的水平位移．考查学生应用机械能守恒定律、牛顿第二定律解决圆周运动中临界状态以及平抛运动的能力，分析清楚小球的运动过程，应用机械能守恒定律与牛顿第二定律即可正确解题，求出小球的临界速度是正确解题的前提与关键．【题文】3. 理想变压器原线圈两端输入的交变电流电压如图所示，变压器原、副线圈的匝数比为11:2，如图乙所示，定值电阻010R =Ω ，R 为滑动变阻器，则下列说法正确的是（）A ．电压表的示数为56.5VB ．变压器输出电压频率为100HzC ．当滑动变阻器接入电路的阻值减少时，变压器的输入功率增大D ．当滑动变阻器阻值调为零时，变压器的输出功率为16W【知识点】变压器的构造和原理．M2【答案解析】C 解析： A 、电压表的示数为有效值，输入电压的有效值220U V == ，根据1122U n U n = ，得240U V = ，故A 错误；B 、由甲图可知周期为0.02s ，所以f=1T ＝50Hz ，故B错误；C、滑动变阻器阻值减少，则副线圈总电阻减小，而副线圈电压不变，根据P=2UR 可知，副线圈的功率增大，所以原线圈功率增大，故C正确；D、滑动变阻器阻值为零，而副线圈电压不变，根据P=22404010UWR==可知，副线圈的功率变小，所以原线圈功率减小，故D错误；故选C【思路点拨】根据输入电压图可以得出周期和频率，再根据电压与匝数成正比，功率P=2UR 及原副线圈功率相等即可求得结论．电路的动态变化的分析，总的原则就是由部分电路的变化确定总电路的变化的情况，再确定其他的电路．【题文】4．如图所示，竖直立在水平地面上的轻弹簧，下端固定在地面上，将一个金属球放置在弹簧顶端（球与弹簧不拴接），并用力向下压球，使弹簧压缩（在弹性限度内）一定程度后，用竖直细线把弹簧拴牢．现突然烧断细线，球将被弹起，脱离弹簧后能继续向上运动，那么从细线被烧断到金属球刚脱离弹簧的运动过程中，下列说法正确的是（）A．金属球的机械能守恒B．在刚脱离弹簧的瞬间金属球的动能最大C．金属球的动能与系统的弹性势能之和一直在减小D．金属球的动能一直在减小而小球的机械能一直在增加【知识点】机械能守恒定律；动能和势能的相互转化；功能关系．E2 E3 E6【答案解析】C解析： A、小球在整个运动过程中，小球、弹簧组成的系统机械能守恒，小球向上运动的过程中，弹簧的弹性势能减小，小球的机械能一直增大，故A错误．B、D、烧断细线后，开始的一段时间内，弹力大于重力，小球向上做加速运动，当弹簧的弹力小于小球重力后，小球向上做减速运动，因此当重力与弹力相等时，小球速度最大，由A的分析可知，在整个过程中，小球的机械能一直增大，故B、D错误；C、小球与弹簧组成的系统机械能守恒，小球的动能、重力势能、弹簧的弹性势能之和保持不变，小球向上运动过程中，小球的重力势能一直增大，所以小球的动能和弹簧的弹性势能之和一直减小，故C正确．故选：C．【思路点拨】弹簧的弹性势能跟弹簧的形变量有关，形变越大，弹性势能越大．分析小球的运动情况：从细线被烧断到弹簧的弹力等于小球的重力的过程中，小球向上做加速运动，之后做减速运动，当小球的弹簧的弹力等于小球的重力时速度最大，动能最大．本题考查了机械能守恒定律的应用，分析清楚小球的受力情况来确定小球的运动情况是正确解题的关键，通过分析做功情况，由功能关系判断能量如何转化．【题文】5.如图所示，物体B叠放在物体A上，A、B的质量均为m，且上、下表面均与斜面平行，它们以共同速度沿倾角为θ的固定斜面C 匀速下滑，则（）A ．A ，B 间没有静摩擦力B ．A 与B 间的动摩擦因数μ=tanθB ．A 受到B 的摩擦力方向沿斜面向上C ．A 受到斜面的滑动摩擦力大小为2mgsinθ【知识点】共点力平衡的条件及其应用；静摩擦力和最大静摩擦力；力的合成与分解的运用．B2 B3 B4 B7【答案解析】D 解析：A 、对B 受力分析可知，B 受重力、支持力；将重力分解可知重力有沿斜面向下的分力，要使B 能匀速下滑，受力一定平衡，故A 对B 应有沿斜面向上的摩擦力，故A 错误；B 、A 与B 间的摩擦力为静摩擦力，无法根据滑动摩擦力的公式求解动摩擦因数，故B 错误．C 、由牛顿第三定律可知，A 受到B 的摩擦力应沿斜面向下，故C 错误；D 、对整体分析，并将整体重力分解，可知沿斜面方向上，重力的分力与摩擦力等大反向，故A 受的滑动摩擦力沿斜面向上，大小为2mgsin θ，故D 正确；故选：D ．【思路点拨】对B 物体受力分析，根据共点力平衡可以得出A 受力的情况，得出AB 间摩擦力的大小及方向．再对整体受力分析可得出A 受斜面的摩擦力情况．在求摩擦力时，一定要先判断物体受到的力是动摩擦力还是静摩擦力；若为静摩擦力，可由受力平衡进行分析；但如果是滑动摩擦力，可以由滑动摩擦力的公式求出．【题文】6.煤矿矿井中用于监测瓦斯浓度的传感器, 它的电阻随瓦斯浓度的变化而变化．在如图所示的电路中，不同的瓦斯浓度对应着传感器的不同电阻，这样，显示仪表的指针就与瓦斯浓度有了对应关系，观察仪表指针就能判断瓦斯是否超标．该瓦斯传感器电阻的倒数与瓦斯的浓度c 成正比，则电压表示数U 与瓦斯浓度c 之间的对应关系正确的是（）A ．U 越大，表示c 越大，c 与U 成正比B ．U 越大，表示c 越小，c 与U 成反比C ．U 越大，表示c 越大，但是c 与U 不成正比D ．U 越大，表示c 越小，但是c 与U 不成反比【知识点】闭合电路的欧姆定律；常见传感器的工作原理．J2 J9【答案解析】C 解析电阻R 0、R 与瓦斯传感器串联在电源两端，电路中的电流I=0U R R R ++瓦当瓦斯的浓度浓度增大时，R 瓦减小，则由欧姆定律可得电路中的电流增大；R 0两端的电压，即电压表的示数：U 0=IR 0=00UR R R R ++瓦故C 与U 不成正比．故选C ．【思路点拨】由图可知，电阻R 0、R 与瓦斯传感器串联，由瓦斯传感器电阻的倒数与瓦斯的浓度c 成正比可知当浓度增大时电阻减小，则由欧姆定律可求得电路中电流的变化、R 0两端的电压的变化．本题考查电阻、欧姆定律和串联电路的电压特点，难点是根据电压表的示数判和瓦斯的浓度的关系．【题文】7.如图所示，一带正电、电荷量为q 的点电荷与均匀带电的正三角形薄板相距2d ，点电荷到带电薄板的垂线通过板的几何中心．若图中a 点处的合电场强度为零，正确应用等效和对称的思维方法求出带电薄板与点电荷在图中b 点处产生的合电场强度大小为（静电力常量为k ）A ． 0B ． 2kq dC ． 289kq dD ．2109kq d 【知识点】电场强度．I1 【答案解析】 D 解析：+q 在a 处产生的场强大小为E=2kq d ，方向水平向左．据题，a 点处的电场强度为零，+q 与带电薄板在a 点产生的场强大小相等，方向相反，则带电薄板在a 点产生的场强大小为E=2kq d，方向水平向右．根据对称性可知，带电薄板在b 点产生的场强大小为E=2kq d ，方向水平向左．+q 在b 处产生的场强大小为E=2(3)kq d ，方向水平向左，则b 点处的电场强度大小是E b =2109kq d故选D ．【思路点拨】据题，a 点处的电场强度为零，+q 与带电薄板在a 点产生的场强大小相等，方向相反．+q 在a 处产生的场强大小为E=2kQ r ，得到带电薄板在a 点产生的场强大小，根据对称性，确定带电薄板在b 点产生的场强大小．+q 在b 处产生的场强大小为E=2(3)kq d ，再根据叠加原理求解b 点处的电场强度大小．本题考查电场的叠加，关键要抓住带电薄板产生的电场的对称性．【题文】8. 如图所示为质谱仪测定带电粒子质量的装置的示意图．速度选择器（也称滤速器）中场强E 的方向竖直向下，磁感应强度B 1的方向垂直纸面向里，分离器中磁感应强度B 2的方向垂直纸面向外．在S 处有甲、乙、丙、丁四个一价正离子垂直于E 和B 1入射到速度选择器中，若m 甲=m 乙＜m 丙=m 丁，v 甲＜v 乙=v 丙＜v 丁，在不计重力的情况下，则分别打在P 1、P 2、P 3、P 4四点的离子分别是（）A ．甲丁丙乙B ．甲丁乙丙C ．丁甲丙乙D ．丁甲乙丙【知识点】带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力．K2 K3 K4【答案解析】 B 解析：四种粒子，只有两个粒子通过速度选择器，只有速度满足v=E B，才能通过速度选择器．所以通过速度选择器进入磁场的粒子是乙和丙．由牛顿第二定律得：qvB=m 2v R ，解得：R=mv Bq，乙的质量小于丙的质量，所以乙的半径小于丙的半径，则乙打在P 3点，丙打在P 4点．甲的速度小于乙的速度，即小于E B，洛伦兹力小于电场力，粒子向下偏转，打在P 1点．丁的速度大于乙的速度，即大于E B，洛伦兹力大于电场力，粒子向上偏转，打在P 2点．故选：B ．【思路点拨】粒子通过速度选择器，只有满足qvB=qE ，即速度满足v=E B，才能沿直线通过．当粒子的速度大于 E B ，洛伦兹力大于电场力，粒子向上偏转，当粒子的速度小于E B ，洛伦兹力小于电场力，粒子向下偏转．解决本题的关键知道速度选择器的原理，即所受洛伦兹力和电场力等大反向的粒子才能沿直线通过速度选择器．【题文】9. 如图所示，一个质量为m 的滑块静止置于倾角为30°的粗糙斜面上，一根轻弹簧一端固定在竖直墙上的P 点，另一端系在滑块上，弹簧与竖直方向的夹角为30°．重力加速度为g,则（）A ．弹簧一定处于压缩状态B ．滑块可能受到三个力作用C ．斜面对滑块的支持力大小可能为零D ．斜面对滑块的摩擦力大小一定等于12mg 【知识点】共点力平衡的条件及其应用．B4 B7【答案解析】 BD 解析：A 、弹簧对滑块可以是拉力，故弹簧可能处于伸长状态，故A 错误；B 、弹簧与竖直方向的夹角为30°，所以弹簧的方向垂直于斜面，因为弹簧的形变情况未知，所以斜面与滑块之间的弹力大小不确定，所以滑块可能只受重力、斜面支持力和静摩擦力三个力的作用而平衡，也可能有弹簧的弹力，故B 正确；C 、由于滑块此时受到的摩擦力大小等于重力沿斜面向下的分力（等于12mg ），不可能为零，所以斜面对滑块的支持力不可能为零，故C 错误；D 、静摩擦力一定等于重力的下滑分力，故为12mg ，故D 正确．故选：BD ．【思路点拨】滑块可能受重力、支持力、摩擦力三个力处于平衡，弹簧处于原长，弹力为零．滑块可能受重力、支持力、摩擦力、弹簧的弹力四个力处于平衡．根据共点力平衡进行分析．解决本题的关键能够正确地受力分析，运用共点力平衡进行求解，注意弹簧的弹力可能为零，可能不为零．【题文】10. 已知地球质量为M ，半径为R ，自转周期为T ，地球同步卫星质量为m ，引力常量为G ．有关饶地球正常运行的同步卫星，下列表述正确的是（）A ．卫星距离地心的高度为B ．卫星的运行速度大于第一宇宙速度C ．卫星运行时受到的向心力大小为2Mm GR D ．卫星运行的向心加速度小于地球表面的重力加速度【知识点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．D5【答案解析】AD 解析：A 、万有引力提供向心力F 引=F 向22224Mm v G m mr ma r r T π=== ，v =，2M a G r = F=2Mm G r A正确、C错误B、由于第一宇宙速度为v1故B错误；D、地表重力加速度为g=2MGR，故D正确；故选AD．【思路点拨】同步卫星与地球相对静止，因而与地球自转同步，根据万有引力提供向心力，即可求出相关的量．本题关键抓住万有引力等于向心力，卫星转动周期与地球自转同步．【题文】11．如图所示，固定的水平长直导线中通有向右的恒定电流I，闭合的矩形线框与导线在同一竖直平面内，且一边与导线平行，线框由静止释放，在下落过程中,下列判断正确的是（）A．线框的机械能逐渐减小B．穿过线框的磁通量保持不变C．线框所受安培力的合力为零D．线框中始终产生顺时针方向的感应电流【知识点】楞次定律；安培力；磁通量．L1 L2【答案解析】AD解析： A下落过程中，因为磁通量随线框下落而减小，线框中产生电能，机械能减小，故A正确．B、线框在下落过程中，所在磁场减弱，穿过线框的磁感线的条数减小，磁通量减小．故B错误;C、由于离导线越远的地方磁场越小，所以线框的上边受到的安培力大于下边受到的安培力，合力的方向向上．故C错误; D、根据安培定则，电流产生的磁场在导线的下方垂直于纸面向里，下落过程中，因为磁通量随线框下落而减小，根据楞次定律，感应电流的磁场与原磁场方向相同，所以感应电流的方向为顺时针方向，故D 正确；故选：AD【思路点拨】根据磁能量形象表示：穿过磁场中某一面积的磁感线的条数判断磁能量的变化．用楞次定律研究感应电流的方向．用左手定则分析安培力，根据能量守恒定律研究机械能的变化．本题考查电流的磁场和电磁感应中楞次定律等，难度不大，要注意左手定则、右手定则和安培定则使用的条件．A ．无论磁感应强度大小如何，获得初速度后的瞬间，小球在最低点一定受到管壁的弹力作用B ．无论磁感应强度大小如何，小球一定能到达环形细管的最高点，且小球在最高点一定受到管壁的弹力作用C ．无论磁感应强度大小如何，小球一定能到达环形细管的最高点，且小球到达最高点时的速度大小都相同D ．小球在从环形细圆管的最低点运动到所能到达的最高点的过程中，机械能不守恒【知识点】洛仑兹力；向心力；带电粒子在混合场中的运动．K2 K3【答案解析】AD 解析：A 、由左手定则可判定小球受到的洛伦兹力F 始终指向圆心，另外假设小球受到管道的支持力N ，小球获得v 0F +N −mg＝m 20v R ，解得：N ＝mg +m 20v R −F ＝mg +m 20v R −qv 0B ，可见，只要B 足够大，满足mg +m 20v R＝qv 0B ，支持力N 就为零，故A 错误．B 、C 、由于洛伦兹力不做功，只有重力对小球做功，故小球能不能到最高点与磁感应强度大小无关，从最低点到最高抵过程中，由动能定理可得： −mg 2R ＝12mv 2−12mv 02，解得：v=小球受到的向心力等于mg ，故此时小球除受到重力，向下的洛伦兹力之外，一定还有轨道向上的支持力大小等于洛伦兹力，故B 、C 正确．D 、全过程只有重力做功，所以全过程小球机械能守恒，故D 错误；故选：BC ．【思路点拨】由左手定则可判定小球受到的洛伦兹力始终指向圆心，对受力分析，结合圆周运动方程可分析小球是不是受到弹力；由于洛伦兹力不做功，由动能定理可判定小球是否能到最高点；由曲线运动的速度方向，以及速度的分解可以判定小球运动过程中，水平速度的变化．该题要注意洛伦兹力不做功，只改变速度方向，掌握基本的圆周运动公式，要知道一个临界问题，即最高点时，重力充当向心力，。

【物理】贵州省贵阳市2015届高三上学期期末试卷(精校解析版)

贵阳市普通高中2015届高三年级第一学期期末监测考试试卷物理一、选择题（本大题共12小题，每小题4分，共48分。

其中1～8小题每题给出的四个选项中，只有一个选项符合题意，9～12小题有多个选项符合题意。

）1．关于物理学家和他们的贡献，下列说法中正确的是( )A 、奥斯特发现了电流的磁效应，并发现了电磁感应现象B 、牛顿发现万有引力定律，并通过实验测出了引力常量C 、法拉第认为电荷间的相互作用力是通过电荷激发的电场而产生的D 、库仑通过扭秤实验得出了任意两个电荷间的库仑力122Q Q F kr = 【答案】C【考点】物理学史2．从同一地点同时开始沿同一直线运动的两个物体I 、II 的速度图像如图所示，在0～t 2时间内，下列说法中正确的是( )A 、I 、II 两个物体在t 1时刻相遇B 、I 、II 两个物体的平均速度大小都是122v v +C 、I 、II 两个物体所受的合外力都在不断减小D 、I 物体的加速度不断增大，II 物体的加速度不断减小【答案】C 【解析】图线与坐标轴围成图形的面积Ⅰ大于Ⅱ，所以I 、II 两个物体在t 1时刻不相遇，A 错误；图线与时间轴包围的面积表示对应时间内的位移大小，如果物体的速度从v 2均匀减小到v 1，或从v 1均匀增加到v 2，物体的位移就等于图中梯形的面积，平均速度就等于122v v +故Ⅰ的平均速度大于122v v +，Ⅱ的平均速度小于122v v +，故B 错误；【考点】对运动图像物理意义的理解3．2012年我国宣布北斗导航系统正式商业运行。

北斗导航系统又被称为“双星定位系统”，具有导航、定位等功能。

“北斗”系统中两颗工作卫星均绕地球做匀速圆周运动，轨道半径为r ，某时刻两颗工作卫星分别位于轨道上的A 、B 两位置（如图所示）。

若卫星均顺时针运行，地球表面处的重力加速度为g ，地球半径为R ，不计卫星间的相互作用力，则以下判断中正确的是( )A 、这两颗卫星的加速度大小相等，均为22R g rB 、卫星1由位置A 运动至位置BC 、卫星1向后喷气就一定能追上卫星2D 、卫星1由位置A 运动到位置B 的过程中万有引力做正功【答案】A若卫星1向后喷气，则其速度会增大，卫星1将做离心运动，所以卫星1不可能追上卫星2．故C 错误；卫星1由位置A 运动到位置B 的过程中，由于万有引力始终与速度垂直，故万有引力不做功，故D 错误．【考点】卫星运行参量的比较与运算4．如图所示，在水平向右做匀加速直线运动的平板车上有一小球，其质量为m 且与竖直挡板及斜面间均无摩擦，若车的加速度为a ，斜面的倾角为θ，斜面对小球的弹力为F 1和挡板对小球的弹力为F 2，则F 1、F 2的大小分别是( )A 、F 1=sin mg θB 、1tan F ma mg θ=+C 、F 2=cos mg θ D 、2tan F ma mg θ=+ 【答案】D【解析】以小球为研究对象，分析受力情况，如图：设斜面的加速度大小为a ，根据牛顿第二定律得：【考点】牛顿第二定律；正交分解的应用5．如图所示，PQ为等量异种点电荷A、B连线的中垂线，C为中垂线上的一点，M、N分别为AC、BC的中点，若取无穷远处的电势为零，则下列判断正确的是( )A、M、N两点场强相同B、M、N两点电势相等C、负电荷由M点移到C处，电场力做正功D、负电荷由无穷远处移到N点时，电势能一定增加【答案】C【解析】根据等量异种电荷周围的电场线分布知，M、N两点的场强大小相等，方向不同，故A错误．沿着电场线方向电势逐渐降低，可知M、N两点电势不等．故B错误．负电荷由M点移到C处，电势增加，电势能减小，故电场力做正功，故C正确等量异种电荷连线的中垂线是等势线，将负电荷从无穷远处移到N点处，电场力做正功，电势能一定减小，故D错误．【考点】辨析电场强度、电势、电势差、电势能6．如图所示，上表面光滑的半圆柱体放在水平面上，小物块从靠近半圆柱体顶点O的A点，在外力F作用下沿圆弧缓慢下滑到B点，此过程中F始终沿圆弧的切线方向且半圆柱体保持静止状态。

贵州省贵阳市2015年高三适应性监测考试(一)文综试题物理试题

F物理联考试题(二)(试卷总分100分考试时间90分钟)题号第Ⅰ卷第Ⅱ卷111213141516总分合分人复分人得分第Ⅰ卷(选择题共30分)得分评卷人一㊁选择题(本题共10小题;每小题3分,共30分.在每小题给出的四个选项中,第1~7题只有一项符合题目要求,第8~10题有多项符合题目要求.全部选对的得3分,选对却不全的得2分,有选错的得0分.) 1.在一次交通事故中,交通警察测量出肇事车辆的刹车痕迹是30m ,该车辆最大刹车加速度是15m /s 2,该路段的限速为60k m /h .则该车( )A.超速B .不超速C .无法判断 D.速度刚好是60k m /h2.我国是水资源严重缺乏的国家,人均水资源拥有量仅为世界平均水平的14,因而节约用水是一项基本国策.土地浇灌时,由大水漫灌改为喷灌,能够节约很多淡水.如图所示的是推行节水工程的转动喷水龙头 , 龙头距地面高为h ,它沿水平方向把水喷出,现要求喷灌半径为10h ,则喷出水的最大初速度为( )A.2gh B .10g h C .10g h D.52gh 3.一个质量为2k g 的物体,在5个共点力的作用下保持静止.若同时撤消其中大小分别为15N 和10N 的两个力,其余的力保持不变,此时该物体的加速度大小可能是( )A.2m /s2B .3m /s2C .13m /s2D.15m /s24.如图所示,放在斜面上的物体受到垂直于斜面向上的力F 作用,而物体始终保持静止.当力F 逐渐减小,则物体受到斜面的摩擦力( )A.保持不变B .逐渐减小C .逐渐增大D.以上三种均有可能5.如图所示,长度不同的两根轻绳L 1与L 2,一端分别连接质量为m 1和m 2的两个小球,另一端悬于天花板上的同一点O ,两小球质量之比m 1ʒm 2=1ʒ2,两小球在同一水平面内做匀速圆周运动,绳L 1,L 2与竖直方向的夹角分别为30ʎ与60ʎ,下列说法中正确的是( )A.绳L 1,L 2的拉力大小之比为1ʒ3B .小球m 1,m 2运动的向心力大小之比为1ʒ6C .小球m 1,m 2运动的周期之比为2ʒ1D.小球m 1,m 2运动的线速度大小之比为1ʒ26.一固定在地面上的光滑斜面的顶端固定有一轻弹簧,地面上质量为m 的物块(可视为质点)向右滑行并冲上斜面.设物块在斜面最低点A 的速率为v ,压缩弹簧至C 点时弹簧最短,C 点距地面高度为h ,则物块运动到C 点时弹簧的弹性势能为( )A.m g hB .m g h +12m v 2C .m g h -12m v 2D.12m v 2-m g h 7.如图所示是做匀变速直线运动的质点在0~6s 内的位移时间图线.若t =1s 时,图线所对应的切线斜率为4(单位:m /s ).则( )t /sx /mO6A.t =1s 时,质点在x =2m 的位置B .t =1s 和t =5s 时,质点的速率相等C .t =1s 和t =5s 时,质点加速度的方向相反D.前5s 内,合外力对质点做正功8.质量为m 的探月航天器在接近月球表面的轨道上飞行,其运动视为匀速圆周运动.已知月球质量为M ,月球半径为R ,月球表面重力加速度为g ,引力常量为G ,不考虑月球自转的影响,则航天器的( )A.线速度v =G M R B .角速度ω=g RC .运行周期T =2πR gD.向心加速度a =G m R 29.如图是某中学科技小组制作的利用太阳能驱动小车的装置.当太阳光照射到小车上方的光电板,光电板中产生的电流经电动机带动小车前进.若小车在平直的水泥路上从静止开始加速行驶,经过时间t 前进距离s ,速度达到最大值v m a x ,设这一过程中质量为m 的小车电动机的功率恒为P ,摩擦阻力恒为f ,牵引力为F .这段时间内电动机所做的功为( )A.P tB .f v m a x tC .12m v m a x 2+f s D.F s10.一质量为1k g的质点静止于光滑水平面上,从t=0时起,第1s内受到2N的水平外力作用,第2s内受到同方向的1N的外力作用.下列判断正确的是()A.0~2s内外力的平均功率是94WB.第2s内外力所做的功是54JC.第2s末外力的瞬时功率最大D.第1s内与第2s内质点动能增加量的比值是45题号12345678910答案第Ⅱ卷(非选择题共70分)得分评卷人二㊁实验题(本题共2小题,共18分.把答案填在题中的横线上或按题目要求作答.)11.(8分)如图所示,某实验小组同学利用D I S实验装置研究支架上力的分解.A㊁B为两个相同的双向力传感器,该型号传感器在受到拉力时读数为正,受到压力时读数为负.A连接质量不计的细绳,可沿固定的板做圆弧形移动.B固定不动,通过光滑铰链连接长0.3m的杆.将细绳连接在杆右端O点构成支架.保持杆在水平方向,按如下步骤操作:①测量绳子与水平杆的夹角øA O B=θ;②对两个传感器进行调零;③用另一根绳在O点悬挂一个钩码,记录两个传感器的读数;④取下钩码,移动传感器A改变θ角.重复上述实验步骤,得到表格.F1/N1.0010.580 1.002F2/N-0.868-0.291 0.865θ30ʎ60ʎ 150ʎ(1)根据表格数据,A传感器对应的是表中力(选填 F1 或 F2 ).钩码质量为k g(保留一位有效数字)()本实验中多次对传感器进行调零,对此操作说明正确的是A.因为事先忘记调零B.何时调零对实验结果没有影响C.为了消除横杆自身重力对结果的影响D.可以完全消除实验的误差12.(10分)某同学为探究恒力做功与物体动能改变的关系 ,设计了如下实验,他的操作步骤是:①摆好实验装置如图所示.②将质量为200g的小车拉到打点计时器附近,并按住小车.③在质量为10g㊁30g㊁50g的三种钩码中,他挑选了一个质量为50g的钩码挂在拉线的挂钩P上.④释放小车,打开电磁打点计时器的电源,打出一条纸带.(1)在多次重复实验得到的纸带中取出自认为满意的一条.经测量㊁计算,得到如下数据:①第一个点到第N个点的距离为40.0c m.②打下第N个点时小车的速度大小为1.00m/s.该同学将钩码的重力当做小车所受的拉力,算出:拉力对小车做的功为J,小车动能的增量为J.(g=9.8m/s2) (2)此次实验探究结果,他没能得到恒力对物体做的功,等于物体动能的增量 ,且误差很大.显然,在实验探究过程中忽视了各种产生误差的因素.请你根据该同学的实验装置和操作过程帮助分析一下,造成较大误差的主要原因是:得分评卷人三㊁计算题(本题共4小题,共52分.解答时请写出必要的文字说明㊁方程式和重要的演算步骤,只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题,答案中必须明确写出数值和单位.)13.(12分)长L=0.5m㊁质量可忽略的杆,其一端固定于O点,另一端连有质量为m=2k g 的小球,它绕O点在竖直平面内做圆周运动,当通过最高点时,如图所示.求下列情况下杆对球的作用力.(计算大小,并说明是拉力还是支持力,取g=10m/s2)(1)当v1=1m/s时,大小为多少?是拉力还是支持力?(2)当v2=4m/s时,大小为多少?是拉力还是支持力?14.(12分)如图所示,A是地球的同步卫星,另一卫星B的圆形轨道位于赤道平面内,离地面高度为h.已知地球半径为R,地球自转角速度为ω0,地球表面的重力加速度为g,O为地球中心.(1)求卫星B的运行周期.(2)如卫星B绕行方向与地球自转方向相同,某时刻A㊁B两卫星相距最近(O㊁B㊁A在同一直线上),则至少经过多长时间,它们再一次相距最近?15.(14分)如图所示,质量为m的小物块在粗糙水平桌面上做直线运动,经距离l后以速度v飞离桌面,最终落在水平地面上.已知l=1.4m,v=3.0m/s,m=0.10k g,物块与桌面间的动摩擦因数μ=0.25,桌面高h=0.45m.不计空气阻力,重力加速度g取10m/s2.求:(1)小物块落地点距飞出点的水平距离s;(2)小物块落地时的动能E k;(3)小物块的初速度大小v0.16.(14分)如图所示,在倾角为θ=37ʎ的足够长的斜面上,有质量为m1=2k g的长木板.开始时,长木板上有一质量为m2=1k g的小铁块(视为质点)以相对地面的初速度v0=2m/s 从长木板的中点沿长木板向下滑动,同时长木板在沿斜面向上的拉力作用下始终做速度为v=1m/s的匀速运动,小铁块最终与长木板一起沿斜面向上做匀速运动.已知小铁块与长木板㊁长木板与斜面间的动摩擦因数均为μ=0.9,重力加速度为g=10m/s2,s i n37ʎ=0.6,c o s37ʎ=0.8.试求:(1)小铁块在长木板上滑动时的加速度;(2)长木板至少多长?(3)在小铁块从木板中点运动到与木板速度相同的过程中拉力的功率.。

贵州省贵阳市2015届高考物理电学综合测试试题

电路综合测试题一、选择题(本大题共8小题,每题4分,共32分)1.下列关于导体的说法中,正确的是( )A.一根金属丝被均匀拉长后,它的电阻将变大B.导体中没有电流通过时,导体就没有电阻C.保险丝都是用半导体材料制成的D.粗导线的电阻一定比细导线的电阻大2.(2013·黄石中考)如图所示电路,当滑动变阻器滑片P向a端滑动的过程中,电流表、电压表示数变化情况是( )A.电流表示数变大B.电流表示数变小C.电压表示数变大D.电压表示数变小3.如图所示的电路中,电源电压保持不变。

R1=2Ω,R3=10Ω。

当开关S闭合后,电压表V1、V2的示数分别为5V和9V。

则R2的阻值应为( )A.2ΩB.4ΩC.6ΩD.8Ω4.通过定值电阻甲、乙的电流与其两端电压关系图像如图所示。

现将甲和乙并联后接在电压为3V的电源两端。

下列分析正确的是( )A.R甲∶R乙=2∶1B.U甲∶U乙=2∶1C.I甲∶I乙=2∶1D.I乙∶I甲=2∶15.如图所示是小刚连接的测电阻实验电路图,闭合开关,电流表、电压表可能出现的现象是(电源电压为3V)( )A.电流表和电压表示数均为零B.电流表和电压表指针迅速发生最大偏转,电表损坏C.电流表示数为零,电压表示数为2.8VD.电流表示数为0.4A,电压表示数为2.8V6.高速公路收费站现在对过往的超载货车实施计重收费,某同学结合所学物理知识设计了如图所示的计重秤原理图,以下说法正确的是( )A.称重表其实是一个电压表B.电路中的R1是没有作用的C.当车辆越重时,称重表的示数越小D.当车辆越重时,称重表的示数越大7.(2013·厦门中考)发现电线着火,首先应该( )A.找电工处理B.用水扑灭C.用剪刀切断电源D.拉下开关切断电源8.如图所示,电源电压保持不变,闭合开关S1、S2,电压表示数为6V,电流表示数为0.6A,断开S2后,电压表示数变为2V,则R2的电阻和电源电压分别是( )A.10Ω、9VB.20Ω、6VC.20Ω、9VD.10Ω、6V二、填空题(本大题共6小题,每空2分,共34分)9.某定值电阻两端电压增加1V,流过的电流就增大0.1A,该电阻阻值为Ω,如果改变该电阻两端的电压,该电阻阻值将。

贵阳市2015市一摸高三物理质量分析

贵阳市2015届高三物理市一模监测考试质量分析一、试卷结构分析1、命题范围与试卷结构考试知识点覆盖范围为高中物理全部内容，试卷结构与高考试卷结构相同，分四块，全卷总分110分。

选择题：单选5小题，多选3小题,共计48分；实验题：力、电实验各一题，共计15分；计算题：共2小题，一力一电，共计32分；选做题：3-3、3-4、3-5模块各一题，3选1，每个模块15分。

2、试卷难度分析全卷试题知识覆盖面广，突出考查了主干知识和重点内容，题目难度比较大，主要检验了现阶段高三学生对物理知识的掌握程度，并紧密地结合高考考纲要求，考察了学生的理解能力、推理能力、分析综合能力、应用数学处理物理问题的能力和实验能力等。

二、考试情况学生答题中存在的问题（1）部分学生基础知识掌握不准确，如选择题涉及慨念问题；（2）学生对常见的题型很容易上手，但如稍有变化就不知道怎么去处理；（3）有的虽然掌握了基本知识，但却不能灵活地处理问题，尤其在综合类题目中不能把所有的知识融会贯通；（4）对物理语言理解不到位，不重视过程分析，不分析实质问题，只死记公式和定理、定律，没有去理解它们的实质；（5）在计算题中答题不规范，没有养成良好的答题习惯；（6）部分学生的数学计算能力和应用数学解题的能力比较差；（7）对实验题重视程度不够，在实验题中丢分很严重，尤其是电学实验还得加强训练；（8）对计算题、选修题重视程度不够，有的学生没有去做。

具体情况应该是学生对理科综合考试经验不够，不能有效地利用时间。

三、今后的教学措施1、复习教学中仍然要紧扣考试大纲、和熟悉大纲，并比较2014年的考试大纲说明，抓住代表性的知识点进行认真的梳理，补缺等复习教学，并加强学生应试训练，增强学生的应试技巧，并抓住代表性的知识点进行认真的梳理、补缺等复习教学，不忽视教材上的基本习题、思考题和演示、学生实验包括课本上阅读材料等平时的知识盲区。

要立足于书本，注重书本知识。

2、要构建知识网络，复习中注重知识的横向联系，解题训练中注重过程的分析，对学生的答题情况要进行分析，找出学生存在的问题并想办法给学生解决，在训练中要以中档题为主来进行训练，少做难题、怪题、偏题，把握题目的难度逐步展开训练提升学生的自信心。

2015年贵州省高考物理试卷(全国新课标ⅱ)(解析版)

2015年贵州省高考物理试卷（全国新课标Ⅱ）一、选择题：本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第1～4题只有一项符合题目要求，第5～8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．（6分）如图，两平行的带电金属板水平放置．若在两板中间a点从静止释放一带电微粒，微粒恰好保持静止状态．现将两板绕过a点的轴（垂直于纸面）逆时针旋转45°，再由a点从静止释放一同样的微粒，该微粒将（）A．保持静止状态B．向左上方做匀加速运动C．向正下方做匀加速运动D．向左下方做匀加速运动2．（6分）如图，直角三角形金属框abc放置在匀强磁场中，磁感应强度大小为B，方向平行于ab边向上．当金属框绕ab边以角速度ω逆时针转动时，a、b、c三点的电势分别为U a、U b、U c．已知bc边的长度为l．下列判断正确的是（）A．U a＞U c，金属框中无电流B．U b＞U c，金属框中电流方向沿a﹣b﹣c﹣aC．U bc=﹣Bl2ω，金属框中无电流D．U bc=Bl2ω，金属框中电流方向沿a﹣c﹣b﹣a3．（6分）由于卫星的发射场不在赤道上，同步卫星发射后需要从转移轨道经过调整再进入地球同步轨道．当卫星在转移轨道上飞经赤道上空时，发动机点火，给卫星一附加速度，使卫星沿同步轨道运行．已知同步卫星的环绕速度约为3.1×103m/s，某次发射卫星飞经赤道上空时的速度为1.55×103m/s，此时卫星的高度与同步轨道的高度相同，转移轨道和同步轨道的夹角为30°，如图所示，发动机给卫星的附加速度的方向和大小约为（）A．西偏北方向，1.9×103m/s B．东偏南方向，1.9×103m/sC．西偏北方向，2.7×103m/s D．东偏南方向，2.7×103m/s4．（6分）一汽车在平直公路上行驶．从某时刻开始计时，发动机的功率P随时间t的变化如图所示．假定汽车所受阻力的大小f恒定不变．下列描述该汽车的速度v随时间t变化的图线中，可能正确的是（）A． B． C．D．5．（6分）指南针是我国古代四大发明之一．关于指南针，下列说明正确的是（）A．指南针可以仅具有一个磁极B．指南针能够指向南北，说明地球具有磁场C．指南针的指向会受到附近铁块的干扰D．在指南针正上方附近沿指针方向放置一直导线，导线通电时指南针不偏转6．（6分）有两个匀强磁场区域Ⅰ和Ⅱ，I中的磁感应强度是Ⅱ中的k倍，两个速率相同的电子分别在两磁场区域做圆周运动．与Ⅰ中运动的电子相比，Ⅱ中的电子（）A．运动轨迹的半径是Ⅰ中的k倍B．加速度的大小是Ⅰ中的k倍C．做圆周运动的周期是Ⅰ中的k倍D．做圆周运动的角速度是Ⅰ中的k倍7．（6分）在一东西向的水平直铁轨上，停放着一列已用挂钩连接好的车厢．当机车在东边拉着这列车厢以大小为a的加速度向东行驶时，连接某两相邻车厢的挂钩P和Q间的拉力大小为F；当机车在西边拉着这列车厢以大小为a的加速度向西行驶时，P和Q间的拉力大小仍为F．不计车厢与铁轨间的摩擦，每节车厢质量相同，则这列车厢的节数可能为（）A．8 B．10 C．15 D．188．（6分）如图，滑块a、b的质量均为m，a套在固定竖直杆上，与光滑水平地面相距h，b放在地面上，a、b通过铰链用刚性轻杆连接，由静止开始运动．不计摩擦，a、b可视为质点，重力加速度大小为g．则（）A．a落地前，轻杆对b一直做正功B．a落地时速度大小为C．a下落过程中，其加速度大小始终不大于gD．a落地前，当a的机械能最小时，b对地面的压力大小为mg三、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第9题～第12题为必做题，每个考题考生都必须作答，第13为选考题，考生格局要求作答．9．（6分）某学生用图（a）所示的实验装置测量物块与斜面的动摩擦因数．已知打点计时器所用电源的频率为50Hz，物块下滑过程中所得到的纸带的一部分如图（b）所示，图中标出了五个连续点之间的距离．（1）物块下滑时的加速度a=m/s2，打C点时物块的速度v=m/s；（2）已知重力加速度大小为g，求出动摩擦因数，还需测量的物理量是（填正确答案标号）A．物块的质量B．斜面的高度C．斜面的倾角．10．（9分）电压表满偏时通过该表的电流是半偏时通过该表的电流的两倍．某同学利用这一事实测量电压表的内阻（半偏法）实验室提供材料器材如下：待测电压表（量程3V，内阻约为3000欧），电阻箱R0（最大阻值为99999.9欧），滑动变阻器R1（最大阻值100欧，额定电流2A），电源E（电动势6V，内阻不计），开关两个，导线若干．（1）虚线框内为该同学设计的测量电压表内阻的电路图的一部分，将电路图补充完整．（2）根据设计的电路写出步骤：．（3）将这种方法测出的电压表内阻记为R v′，与电压表内阻的真实值R v相比，R v′R v（填“＞”“=”或“＜”），主要理由是．11．（12分）如图，一质量为m、电荷量为q（q＞0）的粒子在匀强电场中运动，A、B为其运动轨迹上的两点．已知该粒子在A点的速度大小为v0，方向与电场方向的夹角为60°；它运动到B点时速度方向与电场方向的夹角为30°．不计重力．求A、B两点间的电势差．12．（20分）下暴雨时，有时会发生山体滑坡或泥石流等地质灾害．某地有一倾角为θ=37°（sin37°=）的山坡C，上面有一质量为m的石板B，其上下表面与斜坡平行；B上有一碎石堆A（含有大量泥土），A和B均处于静止状态，如图所示．假设某次暴雨中，A浸透雨水后总质量也为m（可视为质量不变的滑块），在极短时间内，A、B间的动摩擦因数μ1减小为，B、C间的动摩擦因数μ2减小为0.5，A、B开始运动，此时刻为计时起点；在第2s末，B的上表面突然变为光滑，μ2保持不变．已知A开始运动时，A离B下边缘的距离l=27m，C足够长，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力．取重力加速度大小g=10m/s2．求：（1）在0～2s时间内A和B加速度的大小（2）A在B上总的运动时间．（二）选考题，共45分。

贵州省贵阳市2015届高三物理上学期8月摸底试卷(含解析)

2014-2015学年贵州省贵阳市高三（上）摸底物理试卷（8月份）一、选择题：（本题共12小题，每小题4分，共48分，在每小题给出的四个选项中，1-8小题只有一个选项正确，9-12小题有多个选项正确.全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分）1．一辆汽车运动的v﹣t图象如图，则汽车在0～2s内和2s～3s内相比（）A．位移大小相等 B．平均速度相等 C．速度变化相同 D．合外力相同2．如图所示，水平地面上固定一个光滑轨道ABC，该轨道由两个半径均为R的圆弧，平滑连接而成，O1，O2分别为两段圆弧所对应的圆心，O1O2的连线竖直．现将一质量为m的小球（可视为质点）由轨道上A点静止释放，则小球落地点到A点的水平距离为（）A．2R B． R C．3R D． R3．理想变压器原线圈两端输入的交变电流电压如图所示，变压器原、副线圈的匝数比为11：2，如图乙所示，定值电阻R0=10Ω，R为滑动变阻器，则下列说法正确的是（）A．电压表的示数为56.5VB．变压器输出电压频率为100HzC．当滑动变阻器接入电路的阻值减少时，变压器的输入功率增大D．当滑动变阻器阻值调为零时，变压器的输出功率为16W4．如图所示，竖直立在水平地面上的轻弹簧，下端固定在地面上，将一个金属球放置在弹簧顶端（球与弹簧不拴接），并用力向下压球，使弹簧压缩（在弹性限度内）一定程度后，用竖直细线把弹簧拴牢．现突然烧断细线，球将被弹起，脱离弹簧后能继续向上运动，那么从细线被烧断到金属球刚脱离弹簧的运动过程中，下列说法正确的是（）A．金属球的机械能守恒B．在刚脱离弹簧的瞬间金属球的动能最大C．金属球的动能与系统的弹性势能之和一直在减小D．金属球的动能一直在减小而小球的机械能一直在增加5．如图所示，物体B叠放在物体A上，A、B的质量均为m，且上、下表面均与斜面平行，它们保持相对静止沿倾角为θ的固定斜面C匀速下滑，则（）A．A和B之间没有静摩擦力B．A受到B的静摩擦力方向沿斜面向上C．A与斜面间的动摩擦因数μ=tanθD．A受到斜面的滑动摩擦力大小为2mgsinθ6．中船重工第七一八研究所研制了用于监测瓦斯浓度的传感器，它的电阻随瓦斯浓度的变化而变化．在如图所示的电路中，不同的瓦斯浓度对应着传感器的不同电阻，这样，显示仪表的指针就与瓦斯浓度有了对应关系，观察仪表指针就能判断瓦斯是否超标．该瓦斯传感器电阻的倒数与瓦斯的浓度c成正比，则电压表示数U与瓦斯浓度c之间的对应关系正确的是（）A．U越大，表示c越大，c与U成正比B．U越大，表示c越小，c与U成反比C．U越大，表示c越大，但是c与U不成正比D．U越大，表示c越小，但是c与U不成反比7．如图所示，一带电量为+q的点电荷与均匀带电的正三角形的薄板相距为2d，+q到带电薄板的垂线通过板的几何中心，若图中a点处的合电场强度为零，正确应用等效和对称的思维方法求出带电薄板与+q在图中b点处产生的合电场强度大小为（静电力恒量为k）（）A．B．C． D．08．如图所示为质谱仪测定带电粒子质量的装置的示意图．速度选择器（也称滤速器）中场强E的方向竖直向下，磁感应强度B1的方向垂直纸面向里，分离器中磁感应强度B2的方向垂直纸面向外．在S处有甲、乙、丙、丁四个一价正离子垂直于E和B1入射到速度选择器中，若m甲=m乙＜m丙=m丁，v甲＜v乙=v丙＜v丁，在不计重力的情况下，则分别打在P1、P2、P3、P4四点的离子分别是（）A．甲乙丙丁 B．甲丁乙丙 C．丙丁乙甲 D．甲乙丁丙9．如图所示，质量为m的滑块置于倾角为30°的粗糙斜面上，轻弹簧一端固定在竖直墙上的P点，另一端系在滑块上，弹簧与竖直方向的夹角为30°，系统处于静止状态，则（）A．滑块可能受到三个力作用B．弹簧一定处于压缩状态C．斜面对滑块的支持力大小可能为零D．斜面对滑块的摩擦力大小一定等于mg10．已知地球质量为M，半径为R，自转周期为T，地球同步卫星质量为m，引力常量为G．有关饶地球正常运行的同步卫星，下列表述正确的是（）A．卫星距离地心的高度为B．卫星的运行速度大于第一宇宙速度C．卫星运行时受到的向心力大小为D．卫星运行的向心加速度小于地球表面的重力加速度11．如图所示，固定的水平长直导线中通有向右的恒定电流I，闭合的矩形线框与导线在同一竖直平面内，且一边与导线平行，线框由静止释放，在下落过程中，下列判断正确的是（）A．线框的机械能逐渐减小B．穿过线框的磁通量保持不变C．线框所受安培力的合力为零D．线框中始终产生顺时针方向的感应电流12．如图所示，一个绝缘且内避光滑的环形细圆管，固定于竖直平面内，环的半径为R（比细管的内径大得多），在圆管的最低点有一个直径略小于细管内径的带正电小球处于静止状态，小球的质量为m，带电荷量为q，重力加速度为g．空间存在一磁感应强度大小未知（不为零），方向垂直于环形细圆管所在平面且向里的匀强磁场．某时刻，给小球一方向水平向右，大小为v0=的初速度，则以下判断正确的是（）A．无论磁感应强度大小如何，获得初速度后的瞬间，小球在最低点一定受到管壁的弹力作用B．无论磁感应强度大小如何，小球一定能到达环形细管的最高点，且小球在最高点一定受到管壁的弹力作用C．无论磁感应强度大小如何，小球一定能到达环形细管的最高点，且小球到达最高点时的速度大小都相同D．小球在从环形细圆管的最低点运动到所能到达的最高点的过程中，水平方向分速度的大小一直减小二、非选择题（包括必做题和选做题两部分，第13题-第16题为比作题，每个考生都必须作答，第17题-第19题为选做题，考生根据要求作答）13．（1）一个量程为0～3V的电压表，已知该电压表是由一个满偏电流为I g=200μA，内阻为R g=500Ω的灵敏电流计改装而成的，则与灵敏电流计串联的电阻阻值为Ω．（2）现在用一个表盘刻度分布如图所示的欧姆表粗略测量该电压表内阻，测量前应将欧姆表的选择开关指向（填“×1”、“×10”、“×100”或“×1K”）．测量时，应将欧姆表的红表笔接电压表的接线柱（填“+”或“﹣”）14．为了测量一玩具遥控汽车的额定功率，某同学用天平测出其质量为0.6kg，小车的最大速度由打点计时器打出的纸带来测量，如图所示，主要实验步骤有：A．给小车尾部系一条长纸带，纸带通过打点计时器；B．接通打点计时器（电源频率为50Hz），使小车以额定功率沿水平地面加速到最大速度，继续运行一段时间后关闭小车发动机，使其由地面向前滑行直至停下；C．处理纸带上打下的点迹．（1）由纸带知遥控汽车的最大速度为m/s；打下A点时纸带的速度大小为m/s，小车滑行时的加速度大小为m/s2（2）若遥控小车运动时的阻力大小恒定，则阻力大小为N，遥控车额定功率为W．15．如图所示，水平轨道与竖直平面内的圆弧轨道平滑连接后固定在水平地面上，圆弧轨道B端的切线沿水平方向．质量m=1.0kg的滑块（可视为质点）在水平恒力F=10.0N的作用下，从A点由静止开始运动，当滑块运动的位移x=0.50m时撤去力F．滑块经过B点后，能到达的最高点为C，已知B、C两点的高度差为h=0.2m、A、B之间的距离x0=1.0m，滑块与水平轨道间的动摩擦因数μ=0.10，取g=10m/s2．求：（1）在撤去力F时，滑块的速度大小；（2）滑块从B到C过程中克服摩擦力做的功．16．如图所示，在真空中，半径为d的虚线所围的圆形区域内只存在垂直纸面向外的匀强磁场，在磁场右侧有一对平行金属板M和N，两板间距离也为d，板长为l．板间存在匀强电场，两板间的电压为U0．两板的中心线O1O2，与磁场区域的圆心O在同一直线上．有一电荷量为q、质量为m的带正电粒子，以速率v0从圆周上的P点沿垂直于半径OO l并指向圆心O 的方向进入磁场，从圆周上的O1点飞出磁场后沿两板的中心线O1O2射入匀强电场，从两板右端某处飞出．不计粒子所受重力．求（1）磁场的磁感应强度B的大小（2）粒子在磁场和电场中运动的总时间．（二）选做题（请考生从给出的三道题中任选一道作答，如果多做，则按所做的第一题给分）（选修模块3-4）17．以下说法中正确的是（）A．金刚石、食盐都有确定的熔点B．饱和蒸汽的压强与温度无关C．一些小昆虫可以停在水面上是由于液体表面张力的作用D．多晶体物体性质表现为各向异性E．当人们感觉空气干燥时，空气的相对湿度一定较小18．如图所示，一直立的汽缸用一质量为m的活塞封闭一定质量的理想气体，活塞横截面积为S，气体最初的体积为V0，最初的压强为，汽缸内壁光滑且缸壁导热性能良好．开始活塞被固定在A处，打开固定螺栓K，活塞下落，经过足够长时间后，活塞停在B处，设周围环境温度保持不变，已知大气压强为P0，重力加速度为g，若一定质量理想气体的内能仅由温度决定．求：①活塞停在B点时缸内封闭气体的体积V；②整个过程中通过缸壁传递的热量Q．（选修模块3-4）19．一列简谐横波，某时刻的图象如下图甲所示，其中P、Q、A是波上的三个质点，从该时刻开始计时，波上质点A的振动图象如图乙所示，则以下说法正确的是（）A．t=0到t=0.2s，该波向x轴负方向传播了5mB．质点P比质点Q先回到平衡位置C．经过△t=0.4 s，质点A通过的路程是4 mD．t=0到t=0.2s，这段时间P的速度逐渐减小E．质点A简谐运动的表达式为y=2sin2.5πt20．有一玻璃球冠，右侧面镀银，光源S就在其对称轴上，如图所示．从光源S发出的一束光射到球面上，其中一部分光经球面反射后恰能竖直向上传播，另一部分光折入玻璃球冠内，经右侧镀银面第一次反射恰能沿原路返回．若球面半径为R，玻璃折射率为，求光源S 与球冠顶点M之间的距离SM为多大？（选修模块3-5）21．下列说法正确的是（）A．卢瑟福通过a粒子散射实验建立了原子核实结构模型B．β衰变中产生的β射线实际上是原子核外电子挣脱原子核的束缚而成的C．发生a衰变时，生成核与原来的原子核相比，核子数减小4D．α粒子的穿透能力比β粒子的穿透能力强，故α粒子容易使金属发生光电效应E．氡的半衰期为3.8天，若取8克氡的原子核，经过7.6天只剩下2克氡原子核22．如图所示，AB是竖直光滑的圆轨道，下端B点与水平传送带左端相切，传送带向右匀速运动．甲和乙是可视为质点的相同小物块，质量均为0.2kg，在圆轨道的下端B点放置小物块甲，将小物块乙从圆轨道的A端由静止释放，甲和乙碰撞后粘合在一起，它们在传送带上运动的v﹣t图象如图所示．g=10m/s2，求：（1）甲乙结合体与传送带间的动摩擦因素（2）圆轨道的半径．2014-2015学年贵州省贵阳市高三（上）摸底物理试卷（8月份）参考答案与试题解析一、选择题：（本题共12小题，每小题4分，共48分，在每小题给出的四个选项中，1-8小题只有一个选项正确，9-12小题有多个选项正确.全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分）1．一辆汽车运动的v﹣t图象如图，则汽车在0～2s内和2s～3s内相比（）A．位移大小相等 B．平均速度相等 C．速度变化相同 D．合外力相同【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】运动学中的图像专题．【分析】解答本题应抓住：匀变速直线运动的平均速度=；速度变化量△v=v﹣v0；速度的正负表示汽车的运动方向；速度图象的斜率等于加速度．根据这些知识即可分析选择．【解答】解：A、速度﹣时间图线与坐标轴围成的面积等于位移，故汽车在0～2s内的位移为：×2×5=5m，汽车在2﹣3s内的位移为：×1×5=m，可见位移不相等，故A错误；B、汽车在0～2s内平均速度为0﹣2===2.5m/s，同理可得汽车在2s～3s内平均速度为2﹣3==2.5m/s．故B正确．C、汽车在0～2s内速度变化量△v=5m/s﹣0=5m/s，在2s～3s内速度变化量为△v=0﹣5m/s=﹣5m/s，故速度变化量不同．故C错误．D、根据速度图象的斜率等于加速度可知，在0～2s内汽车的加速度沿正方向，而在2s～3s 内加速度沿负方向，则t=2s时物体加速度开始反向．而合外力的方向与加速度方向相同，即在0～2s内汽车的合外力沿正方向，而在2s～3s内合外力沿负方向，故合外力不相同，故D错误．故选：B．【点评】本题是速度图象问题，关键掌握匀变速直线运动的平均速度公式、加速度等于斜率、速度变化量是矢量等知识进行判断．2．如图所示，水平地面上固定一个光滑轨道ABC，该轨道由两个半径均为R的圆弧，平滑连接而成，O1，O2分别为两段圆弧所对应的圆心，O1O2的连线竖直．现将一质量为m的小球（可视为质点）由轨道上A点静止释放，则小球落地点到A点的水平距离为（）A．2R B． R C．3R D． R【考点】机械能守恒定律；平抛运动．【专题】机械能守恒定律应用专题．【分析】小球在光滑圆弧上运动时，只有重力做功，机械能守恒，由机械能守恒定律可以求出小球到达B点的速度；由牛顿第二定律求出小球在B点做圆周运动的临界速度，然后判断小球的运动规律，再求出小球落点的水平位移．【解答】解：小球从A到B过程中，由机械能守恒定律得：mgR=mv B2，解得：v B=，小球在B点做圆周运动的临界速度，即：在B点，轨道对小球没有支持力时，由牛顿第二定律得：mg=m，解得小球做圆周运动的临界速度v0=，由于v B＞v0，小球离开B点后将做平抛运动，在水平方向：x=v B t，在竖直方向：R=gt2，解得：x=2R，则小球落地点到A点的水平距离d=x+R=3R；故选：C．【点评】考查学生应用机械能守恒定律、牛顿第二定律解决圆周运动中临界状态以及平抛运动的能力，分析清楚小球的运动过程，应用机械能守恒定律与牛顿第二定律即可正确解题，求出小球的临界速度是正确解题的前提与关键．3．理想变压器原线圈两端输入的交变电流电压如图所示，变压器原、副线圈的匝数比为11：2，如图乙所示，定值电阻R0=10Ω，R为滑动变阻器，则下列说法正确的是（）A．电压表的示数为56.5VB．变压器输出电压频率为100HzC．当滑动变阻器接入电路的阻值减少时，变压器的输入功率增大D．当滑动变阻器阻值调为零时，变压器的输出功率为16W【考点】变压器的构造和原理．【专题】交流电专题．【分析】变压器中电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，输入功率等于输出功率，电表显示有效值．【解答】解：A、原线圈电压有效值为220V，根据电压与匝数成正比知电压表示数为40V，故A错误；B、由甲图知周期0.02s，则f==50Hz，故B错误；C、D、滑动触头P向a下移动，电阻变小，副线圈电压不变，电流增加，故输入功率等于输出功率增加，故C正确；D、当滑动变阻器电阻值为零时，输出功率最大，为：P=UI=U=160W，故D错误；故选：C．【点评】做本类题目除了要掌握变压器的特点外，还要根据闭合电路的欧姆定律分析负载变化所引起的电流变化．4．如图所示，竖直立在水平地面上的轻弹簧，下端固定在地面上，将一个金属球放置在弹簧顶端（球与弹簧不拴接），并用力向下压球，使弹簧压缩（在弹性限度内）一定程度后，用竖直细线把弹簧拴牢．现突然烧断细线，球将被弹起，脱离弹簧后能继续向上运动，那么从细线被烧断到金属球刚脱离弹簧的运动过程中，下列说法正确的是（）A．金属球的机械能守恒B．在刚脱离弹簧的瞬间金属球的动能最大C．金属球的动能与系统的弹性势能之和一直在减小D．金属球的动能一直在减小而小球的机械能一直在增加【考点】机械能守恒定律．【专题】机械能守恒定律应用专题．【分析】弹簧的弹性势能跟弹簧的形变量有关，形变越大，弹性势能越大．分析小球的运动情况：从细线被烧断到弹簧的弹力等于小球的重力的过程中，小球向上做加速运动，之后做减速运动，当小球的弹簧的弹力等于小球的重力时速度最大，动能最大．【解答】解：A、小球在整个运动过程中，小球、弹簧组成的系统机械能守恒，小球向上运动的过程中，弹簧的弹性势能减小，则小球的机械能一直增大，故A错误．BD、烧断细线后，开始的一段时间内，弹力大于重力，小球向上做加速运动，当弹簧的弹力小于小球重力后，小球向上做减速运动，因此当重力与弹力相等时，小球速度最大，此时弹簧处于压缩状态，可知金属球的动能先增大后减小，故B、D错误；C、小球与弹簧组成的系统机械能守恒，小球的动能、重力势能、弹簧的弹性势能之和保持不变，小球向上运动过程中，小球的重力势能一直增大，所以小球的动能和弹簧的弹性势能之和一直减小，故C正确．故选：C．【点评】本题考查了机械能守恒定律的应用，分析清楚小球的受力情况来确定小球的运动情况是正确解题的关键，通过分析做功情况，由功能关系判断能量如何转化．5．如图所示，物体B叠放在物体A上，A、B的质量均为m，且上、下表面均与斜面平行，它们保持相对静止沿倾角为θ的固定斜面C匀速下滑，则（）A．A和B之间没有静摩擦力B．A受到B的静摩擦力方向沿斜面向上C．A与斜面间的动摩擦因数μ=tanθD．A受到斜面的滑动摩擦力大小为2mgsinθ【考点】摩擦力的判断与计算．【专题】摩擦力专题．【分析】对B物体受力分析，根据共点力平衡可以得出A受力的情况，得出AB间摩擦力的大小及方向．再对整体受力分析可得出A受斜面的摩擦力情况．【解答】解：A、对B受力分析可知，B受重力、支持力；将重力分解可知重力有沿斜面向下的分力，要使B能匀速下滑，受力一定平衡，故A对B应有沿斜面向上的摩擦力；故A 错误；B、由牛顿第三定律可知，A受到B的摩擦力应沿斜面向下，故B错误；C、根据滑动摩擦力的公式，A与斜面间的摩擦力2mgsinθ=μ•2mgcosθ，得：μ=tanθ，故C正确；D、对整体分析，并将整体重力分解，可知沿斜面方向上，重力的分力与摩擦力等大反向，故A受的滑动摩擦力沿斜面向上，大小为2mgsinθ，故D正确．故选：CD．【点评】在求摩擦力时，一定要先判断物体受到的力是动摩擦力还是静摩擦力；若为静摩擦力，可由受力平衡进行分析；但如果是滑动摩擦力，可以由滑动摩擦力的公式求出．6．中船重工第七一八研究所研制了用于监测瓦斯浓度的传感器，它的电阻随瓦斯浓度的变化而变化．在如图所示的电路中，不同的瓦斯浓度对应着传感器的不同电阻，这样，显示仪表的指针就与瓦斯浓度有了对应关系，观察仪表指针就能判断瓦斯是否超标．该瓦斯传感器电阻的倒数与瓦斯的浓度c成正比，则电压表示数U与瓦斯浓度c之间的对应关系正确的是（）A．U越大，表示c越大，c与U成正比B．U越大，表示c越小，c与U成反比C．U越大，表示c越大，但是c与U不成正比D．U越大，表示c越小，但是c与U不成反比【考点】闭合电路的欧姆定律；常见传感器的工作原理．【专题】恒定电流专题．【分析】由图可知，电阻R0、R与瓦斯传感器串联，由瓦斯传感器电阻的倒数与瓦斯的浓度c成正比可知当浓度增大时电阻减小，则由欧姆定律可求得电路中电流的变化、R0两端的电压的变化．【解答】解：电阻R0、R与瓦斯传感器串联在电源两端，电路中的电流I=当瓦斯的浓度浓度增大时，R瓦减小，则由欧姆定律可得电路中的电流增大；R0两端的电压，即电压表的示数：U0=IR0=故C与U不成正比．故选C．【点评】本题考查电阻、欧姆定律和串联电路的电压特点，难点是根据电压表的示数判和瓦斯的浓度的关系．7．如图所示，一带电量为+q的点电荷与均匀带电的正三角形的薄板相距为2d，+q到带电薄板的垂线通过板的几何中心，若图中a点处的合电场强度为零，正确应用等效和对称的思维方法求出带电薄板与+q在图中b点处产生的合电场强度大小为（静电力恒量为k）（）A．B．C． D．0【考点】电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】据题，a点处的电场强度为零，+q与带电薄板在a点产生的场强大小相等，方向相反．+q在a处产生的场强大小为E=，得到带电薄板在a点产生的场强大小，根据对称性，确定带电薄板在b点产生的场强大小．+q在b处产生的场强大小为E=k，再根据叠加原理求解b点处的电场强度大小．【解答】解：+q在a处产生的场强大小为E=k，方向水平向左．据题，a点处的电场强度为零，+q与带电薄板在a点产生的场强大小相等，方向相反，则带电薄板在a点产生的场强大小为E=k，方向水平向右．根据对称性可知，带电薄板在b点产生的场强大小为E=，方向水平向左．+q在b处产生的场强大小为E=k，方向水平向左，则b点处的电场强度大小是E b=．故选A．【点评】本题考查电场的叠加，关键要抓住带电薄板产生的电场的对称性．8．如图所示为质谱仪测定带电粒子质量的装置的示意图．速度选择器（也称滤速器）中场强E的方向竖直向下，磁感应强度B1的方向垂直纸面向里，分离器中磁感应强度B2的方向垂直纸面向外．在S处有甲、乙、丙、丁四个一价正离子垂直于E和B1入射到速度选择器中，若m甲=m乙＜m丙=m丁，v甲＜v乙=v丙＜v丁，在不计重力的情况下，则分别打在P1、P2、P3、P4四点的离子分别是（）A．甲乙丙丁 B．甲丁乙丙 C．丙丁乙甲 D．甲乙丁丙【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力．【专题】带电粒子在磁场中的运动专题．【分析】粒子通过速度选择器，只有满足qvB=qE，即速度满足v=，才能沿直线通过．当粒子的速度大于，洛伦兹力大于电场力，粒子向上偏转，当粒子的速度小于，洛伦兹力小于电场力，粒子向下偏转．【解答】解：四种粒子，只有两个粒子通过速度选择器，只有速度满足v=，才能通过速度选择器．所以通过速度选择器进入磁场的粒子是乙和丙．由牛顿第二定律得：qvB=m，解得：R=，乙的质量小于丙的质量，所以乙的半径小于丙的半径，则乙打在P3点，丙打在P4点．甲的速度小于乙的速度，即小于，洛伦兹力小于电场力，粒子向下偏转，打在P1点．丁的速度大于乙的速度，即大于，洛伦兹力大于电场力，粒子向上偏转，打在P2点．故选：B．【点评】解决本题的关键知道速度选择器的原理，即所受洛伦兹力和电场力等大反向的粒子才能沿直线通过速度选择器．9．如图所示，质量为m的滑块置于倾角为30°的粗糙斜面上，轻弹簧一端固定在竖直墙上的P点，另一端系在滑块上，弹簧与竖直方向的夹角为30°，系统处于静止状态，则（）A．滑块可能受到三个力作用B．弹簧一定处于压缩状态C．斜面对滑块的支持力大小可能为零D．斜面对滑块的摩擦力大小一定等于mg【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】滑块可能受重力、支持力、摩擦力三个力处于平衡，弹簧处于原长，弹力为零．滑块可能受重力、支持力、摩擦力、弹簧的弹力四个力处于平衡．根据共点力平衡进行分析．【解答】解：A、弹簧与竖直方向的夹角为30°，所以弹簧的方向垂直于斜面，因为弹簧的形变情况未知，所以斜面与滑块之间的弹力大小不确定，所以滑块可能只受重力、斜面支持力和静摩擦力三个力的作用而平衡，此时弹簧弹力为零，处于原长状态，A正确；B错误；C、由于滑块此时受到的摩擦力大小等于重力沿斜面向下的分力（等于），不可能为零，所以斜面对滑块的支持力不可能为零，C错误；D正确．故选AD．【点评】解决本题的关键能够正确地受力分析，运用共点力平衡进行求解，注意弹簧的弹力可能为零，可能不为零．10．已知地球质量为M，半径为R，自转周期为T，地球同步卫星质量为m，引力常量为G．有关饶地球正常运行的同步卫星，下列表述正确的是（）A．卫星距离地心的高度为B．卫星的运行速度大于第一宇宙速度C．卫星运行时受到的向心力大小为。

【最新经典文档】年全国大联考高考物理一模试卷(解析版)

5 题只有一项符合题目要求，第 6～8 题有多项符合题目要求．全部选对的得 6
分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分．
1．（6 分）物理学的发展丰富了人类对物质世界的认识，推动了科学技术的创新
和革命，促进了物质生产的繁荣与人类文明的进步．下列表述错误的是（
）
A．英国物理学家卡文迪许用实验的方法测出了引力常量 G
a（/ m?s 0.60 0.40 0.30 0.20 0.10 ﹣ 2）
m/kg /kg ﹣1
0.10 0.15 0.20 0.30 0.60 10 6.7 5.0 3.3 1.7
（ 3）根据你作出的 a﹣图象可知加速度 a 与
（填 “m”或“）”成正比．
8．（9 分）要测量一节干电池的电动势和内阻（电动势约为 1.5V、内阻约为 1Ω）．实
（ 2）物块 Q 的质量 m0．
10．（ 19 分）如图所示，在坐标系的第一象限被垂直于 x 轴的虚线 a、 b 分成三个区域，虚线 a、b 的横坐标分别为 l、2l，直线 OP与 x 轴之间的夹角为 45°．三个区域分别有水平向左，水平向右和竖直向上的匀强电场，各电场的电场强度大小未知；虚线 a 的右侧、虚线 b 的左侧有垂直于 xOy 平面向内的，大小未知的匀强磁场 B1．虚线 b 的右侧有另一垂直 xOy 平面向外的，大小未知的匀强磁场 B2，
F 之后
三、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第 22 题～第 32 题为必考题，每
个试题考生都必须作答，第 33 题～第 40 题为选考题，考生根据要求作答．（一）
必考题（共 129 分）
7．（6 分）如图甲所示为探究加速度与质量关系的实验装置示意图．
（ 1）在平衡摩擦力后，保持悬挂钩码的质量不变，改变小车上砝码的质量从而

贵州省七校联考1月理综试题物理部分及谜底

23．（9 分）测量一个长约 5cm、电阻 R1 约为 30Ω、横截面为圆形、粗细均匀的导电材料
理科综合试题
B．F1、F2 方向相同
D．小车加速度大小为 g tan
第 3 页
对全部高中资料试卷电气设备，在安装过程中以及安装结束后进行高中资料试卷调整试验；通电检查所有设备高中资料电试力卷保相护互装作置用调与试相技互术关，系电通，力1根保过据护管生高线产中0不工资仅艺料可高试以中卷解资配决料置吊试技顶卷术层要是配求指置，机不对组规电在范气进高设行中备继资进电料行保试空护卷载高问与中题带资2负料2，荷试而下卷且高总可中体保资配障料置2试时32卷，3各调需类控要管试在路验最习；大题对限到设度位备内。进来在行确管调保路整机敷使组设其高过在中程正资1常料中工试，况卷要下安加与全强过，看度并25工且52作尽22下可护都能1关可地于以缩管正小路常故高工障中作高资；中料对资试于料卷继试连电卷接保破管护坏口进范处行围理整，高核或中对者资定对料值某试，些卷审异弯核常扁与高度校中固对资定图料盒纸试位，卷置编工.写况保复进护杂行层设自防备动腐与处跨装理接置，地高尤线中其弯资要曲料避半试免径卷错标调误高试高等方中，案资要，料求编试技5写、卷术重电保交要气护底设设装。备备置管4高调、动线中试电作敷资高气，设料中课并技3试资件且、术卷料中拒管试试调绝路包验卷试动敷含方技作设线案术，技槽以来术、及避管系免架统不等启必多动要项方高方案中式；资，对料为整试解套卷决启突高动然中过停语程机文中。电高因气中此课资，件料电中试力管卷高壁电中薄气资、设料接备试口进卷不行保严调护等试装问工置题作调，并试合且技理进术利行，用过要管关求线运电敷行力设高保技中护术资装。料置线试做缆卷到敷技准设术确原指灵则导活：。。在对对分于于线调差盒试动处过保，程护当中装不高置同中高电资中压料资回试料路卷试交技卷叉术调时问试，题技应，术采作是用为指金调发属试电隔人机板员一进，变行需压隔要器开在组处事在理前发；掌生同握内一图部线纸故槽资障内料时，、，强设需电备要回制进路造行须厂外同家部时出电切具源断高高习中中题资资电料料源试试，卷卷线试切缆验除敷报从设告而完与采毕相用，关高要技中进术资行资料检料试查，卷和并主检且要测了保处解护理现装。场置设。备高中资料试卷布置情况与有关高中资料试卷电气系统接线等情况，然后根据规范与规程规定，制定设备调试高中资料试卷方案。

贵州省贵阳市高考物理一模试卷解析

高中物理学习资料金戈铁骑整理制作2015 年贵州省贵阳市高考物理一模试卷一、选择题：（本大题共 8 小题，共 48 分．在每题给出的四个选项中，第1～ 5 题只有一项切合题意，第6～ 8 题有多个选项切合题意．所有选对的得 6 分，选对但不全的得 3分，有选错或不选的得0 分）1．（ 6 分）（ 2015?贵阳一模） 2014 年 12 月 26 日，贵广高铁正式开通运营，把贵阳到广州的列车运行时间从20 多个小时缩短到 5 小时左右，贵州此后进入了高铁时代．列车从贵阳北站开出后速度由20km/h 增添到 50km/h 所用的时间为 t1、位移为 x1；速度由 50km/h 增添到80km/h 所用的时间为t 2、位移为确的是（A ．t1＞ t2x2．假定上述列车一直做匀变速直线运动，则以下判断正）B ．t1＜ t2C． x1＜ x2D． x1＞ x22．（ 6 分）（ 2015?贵阳一模）在同一匀强磁场中，两个完整同样的矩形闭合金属线圈分别以不一样的转速，绕与磁感线垂直的轴匀速转动，产生的交变电动势图象如图中曲线a、b 所示．则（）A ． t=0 时辰穿过两线圈的磁通量均为零B ．曲线 a 表示的交变电动势有效值为15VC．曲线 a 表示的交变电动势频次为50HzD ．曲线 a、 b 对应的线圈转速之比为3： 23．（ 6 分）（ 2015?贵阳一模）我国先后发射的“天宫一号”和“神舟十号”的运动轨迹如下图．已知“天宫一号”绕地球做匀速圆周运动的轨道半径为r，周期为T，引力常量为G．以下说法正确的选项是（）A ．依据题中条件能够计算出地球的质量B ．在远地址P处，“神舟十号”的加快度比“天宫一号”大C．依据题中条件能够计算出地球对“天宫一号”的引力大小D ．要增大“神舟十号”的运行周期，只要在运行过程中点火减速4．（ 6 分）（ 2015?贵阳一模）如下图，在x 轴上方存在垂直于纸面向里的匀强磁场，磁场的磁感觉强度为B．在 xOy 平面内，从原点O 处沿与 x 轴正方向成θ角（0＜θ＜π）以速率v 发射一个带正电的粒子（重力不计）．则以下说法正确的选项是（）A ．若 v 必定，θ越大，则粒子走开磁场的地点距O 点越远B ．若v必定，θ越大，则粒子在磁场中运动的时间越短C．若θ必定，v越大，则粒子在磁场中运动的角速度越大D ．若θ必定， v 越大，则粒子在磁场中运动的时间越短5．（ 6 分）（ 2015?贵阳一模）正电荷均匀散布在半球面上，它们在此半球的球心O 处产生的电场强度大小为E0．现将一个经过O 点且与半球底面成α=60°的平面把半球面分出一个小“小瓣”球面．如下图，所分出的“小瓣”球面上的电荷在O 处产生电场的电场强度大小为（）A ．E0B． E0C．E0D． E06．（ 6 分）（ 2015?贵阳一模）如下图，顶端装有定滑轮的斜面体搁置在粗拙水平面上， A 、B 两物体经过细绳相连，并处于静止状态，不计绳的质量和绳与滑轮间的摩擦．现用水平向右的拉力 F 作用于物体 B 上，将物体 B 迟缓拉高必定的距离，在此过程中斜面体与物体A仍旧保持静止．对于此过程中，以下说法正确的选项是（）A ．斜面体对物体 A 的摩擦力必定增大B ．地面对斜面体的支持力可能变大C．斜面体对物体 A 的摩擦力必定变大D ．斜面体对物体 A 的作使劲可能变大7．（ 6 分）（ 2015?贵阳一模）如下图，从凑近 A 平搁置的两平行金属板间，金属板间所加的电压为运动，以下说法正确的选项是（板发出的电子经电场加快后，水平神往水U，电子最后打在光屏P 上．对于电子的）A．仅将光屏向左平移时，电子打在荧光屏上的地点上涨B．公将变阻器的滑片向左挪动时，电子打在荧光屏上的地点上涨C．仅将电压 U 减小时，电子打在荧光屏上的速度大小不变D．仅将电压 U 减小时，电子从发出到到打在荧光屏的时间不变8．（ 6 分）（2015?贵阳一模）如下图，固定在水平川面上的粗拙斜面体高为h0．某物体以初 E K0从斜面体底端 P 点开始沿斜面上滑并开始计时．一段时间以后物体走开斜面做斜上抛运动， t1时辰经过最高点 Q．取地面为零势能面，不计空气阻力作用．则以下对于物体从P 运动到 Q 的过程中，物体的动能E k、机械能 E、加快度大小 a 及离地面的高度h 随时间的变化关系图象中，可能正确的选项是（）A．B．C．D．二、解答题（共 4 小题，满分37 分）9．（ 7 分）（2015?贵阳一模）如下图为丈量物块与水平固定桌面之间动摩擦因数的实验装置表示图，细线平行于桌面．已知物块和遮光片的总质量为M ，重物质量为m，遮光片的宽度为 d，两光电门之间的距离为s，重力加快度为g．让物块从光电门 A 的左边由静止释放，分别测出遮光片经过光电门 A 、 B 所用的时间t A、t B．用遮光片经过光电门的均匀速度表示遮光片竖直中线经过光电门的刹时速度．（1）利用实验中已知量和丈量量，可获取物块运动的加快度大小为；（2）假如设物块运动的加快度为a，则用已知量和 a 表示物块与水平桌面之间的动摩擦因数μ，得μ=；（3）遮光片经过光电门时的均匀速度（选填“大于”、“小于”或“等于”）遮光片竖直中线经过光电门的刹时速度，由此会产生偏差，请你写出一种减小这一偏差的方法是．10．（ 8 分）（ 2015?贵阳一模）有一个电压表V，其内阻为30kΩ、量程约25V ～ 35V ，共有30个均匀小格，但刻度数值已经模糊．为了丈量其量程并从头刻度，现供给以下器械采纳：标准电压表V 1：量程 0～ 3V ，内阻为3kΩ标准电压表V 2：量程 0～ 6V ，内阻为1kΩ电流表 A ：量程 0～ 3A ，内阻未知滑动变阻器R：总阻值1kΩ稳压电源 E： 30V ，内阻不可以忽视电键、导线若干（1）依据上述器械，有一位同学设计了如图 1 所示的实验电路图，请指出此电路中丈量部分存在的问题：．（2）请设计一个合理的电路图，画在图 2 的方框内，将所采纳的器械用相应的符号表示（要求丈量多组数据，并尽可能提升丈量的精准度）；采纳记录数据中任一组，写出计算量程的表达式 U g=；式中各字母的意义是：．11．（ 14 分）（2015?贵阳一模） 1831 年 10 月 28 日，法拉弟在一次会议上展现了他发明的圆盘发电机，如图甲所示，这是人类历史上的第一台发电机．图乙是这个圆盘发电机的表示图：轻质圆形铜盘安装在水平铜轴上并与之垂直，它的边沿正幸亏两磁极之间，两块铜片C、D 分别与转动轴和铜盘的边沿接触，使铜盘转动，阻值为R 的电阻中就有电流经过．设铜盘转动的角速度为ω，铜盘半径为r，除 R 外其余电阻均不计，图示所示中磁场为磁感觉强度大小为 B、以过转轴的水平面为理想界限的匀强磁场，这个磁场只散布在过转轴的水平面以下的空间，不考虑摩擦和空气阻力．（1）求经过电阻 R 的电流大小和方向；（2）要使铜盘匀速转动，需要对它施加外力的作用，求外力的功率．12．（ 8 分）（ 2015?贵阳一模）如下图，固定的圆滑圆弧轨道ACB 的半径 R 为， A点与圆心 O 在同一水平线上，圆弧轨道底端 B 点与圆心在同一竖直线上． C 点离 B 点的竖直高度 h 为 0.2m ．质量为 0.1kg 的物块（可视为质点）从轨道上的 A 点由静止开释，滑过 B点后进入足够长的水平传递带，传递带由电动机驱动按图示方向匀速运行．不计物块经过轨道与传递带交接处的动能损失，物块与传递带间的动摩擦因数 μ为．若物块从 A 点下滑2到传递带上后，又恰能返回到 C 点． g 取 10m/s ．求：（ 1）物块第一次经过 B 点时的速度大小和对轨道的压力大小；（ 2）传递带的速度大小．三、 [物理 --选修 3-3] 选填正确答案标号．选对一个得 2 分，选对 2 个给 4 分，选对3个给 5分．每错选一个扣 3 分，最低得分为 0 分13．（ 5 分）（ 2015?贵阳一模）以下说法正确的选项是（）A ．热传达的方向是由内能大的物体传向内能小的物体B ．分子间距离减小时，分子间的作使劲必定增大，分子势能可能减小C ．多晶体是很多单晶体凌乱无章地组合而成的，因此多晶体的物理性质呈各向同性D ．小般能飘荡在水上是因为液体表面张力惹起的E ．必定温度下饱和汽的分子数密度为必定值，温度高升，饱和汽的分子数密度增大14．（10 分）（ 2015?贵阳一模）如下图，绝热气缸内密闭一事实上质量的理想气体，绝热活塞和钩码的总质量为 M=1kg ，活塞与气缸壁无摩擦且不漏气．当缸内气体温度为 27℃时，活塞稳固在距气缸底部 d 0=30cm 处．已知活塞横截面积 S=10cm 2，外界大气压 p 0=1×10 5 P a ，重力加快度 g 取 10m/s 2．现给气缸内的电热丝供给轻微电流，当电热丝迟缓放出 10J 的热量时，活塞迟缓往下挪动了 d=5cm ．求：（ 1）此时缸内气体的温度；（ 2）此过程缸内气体增添的内能．[物理 --选修 3-4]（选填正确答案标号．选对一个得分．每错选一个扣3 分，最低得分为0 分）2 分，选对2 个给4 分，选对3 个给515．（ 2015?贵阳一模）波速相等的甲、乙两列简谐横波均沿 x 轴正方向流传，某时辰波的图象分别如下图，此中 P 、 Q 两质点均处于波峰，对于这两列波，以下说法正确的选项是（）A ．甲波中质点M 比质点 P 先回到均衡地点B ．质点P、Q、M的振幅均为6cmC．甲波更简单察看到显然的衍射现象D ．从图示的时辰开始，质点P 比质点 Q 先回到均衡地点E．图示时辰质点P 的加快度比质点Q 的加快度小16．（ 2015?贵阳一模）如下图，空气中一透明柱体的横截面是边长为 d 的正方形ABCD，在DA边的延伸线上距 A 点处有一点光源O，发出一束单色光从AB边中点 E 进入介质后，经 BC 中点 F 射出，求：（1）透明介质对单色光的折射率；（2）光从 O 点到 E 点的流传时间t OE与从 E 点到F 点的流传时间t EF之比．[物理 --选修 3-5]（选填正确答案标号．选对一个得 2 分，选对 2 个给 4 分，选对3个给 5分．每错选一个扣 3 分，最低得分为 0 分）17．（ 2015?贵阳一模）放射性元素在衰变过程中，有些放出α射线，有些放出β射线，有些在放出α射线或β射线的同时，还以射线的形式开释能量．比如 Th 核的衰变过程可表示为：Th→ Pa+ e+γ，对于此衰变，以下说法正确的选项是（）A ．B ．C．一个Th 核的质量等于Th 核的质量大于Th 核衰变为一个Pa 核的质量Pa 核的质量Pa 核后，中子数减少了1D ．γ射线是由 Th 原子的外层电子从高能级向低能级跃迁时开释出的E．此衰变是β衰变，所开释出的电子是原子核内的中子转变为质子时产生的18．（ 2015?贵阳一模）如下图，在圆滑水平川面上，有一质量分别为 9m 和 m 的甲、乙两个小球均以大小为 v0=1m/s 的速度先后向右运动，甲与右侧地竖直墙壁碰撞后以同样速率反向弹回，而后与乙小球发生弹性正碰．（1）若 m=1kg ，求甲小球与墙壁碰撞过程遇到墙壁的冲量大小；（2）求甲、乙小球碰撞后乙小球的速度大小．2015 年贵州省贵阳市高考物理一模试卷参照答案与试题分析一、选择题：（本大题共 8 小题，共 48 分．在每题给出的四个选项中，第1～ 5 题只有一项切合题意，第6～ 8 题有多个选项切合题意．所有选对的得 6 分，选对但不全的得 3分，有选错或不选的得0 分）1．（ 6 分）（ 2015?贵阳一模） 2014 年 12 月 26 日，贵广高铁正式开通运营，把贵阳到广州的列车运行时间从20 多个小时缩短到 5 小时左右，贵州此后进入了高铁时代．列车从贵阳北站开出后速度由20km/h 增添到 50km/h 所用的时间为 t1、位移为 x1；速度由 50km/h 增添到80km/h 所用的时间为 t 2、位移为确的是（A ．t1＞ t2x2．假定上述列车一直做匀变速直线运动，则以下判断正）B． t1＜ t2C． x1＜x2D． x1＞ x2考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：直线运动规律专题．剖析：抓住列车的加快度不变，联合速度位移公式比较位移的大小，依据速度时间公式比较运动的时间．解答：解：列车做匀变速直线运动，加快度不变，依据速度时间公式得，t=，因为两段过程速度的变化量相等，则t1=t2；依据速度位移公式得，x=，x1＜x2．故C正确，A、B、D错误．应选： C．评论：解决此题的重点掌握匀变速直线运动的速度时间公式和速度位移公式，并能灵巧运用，基础题．2．（ 6 分）（ 2015?贵阳一模）在同一匀强磁场中，两个完整同样的矩形闭合金属线圈分别以不一样的转速，绕与磁感线垂直的轴匀速转动，产生的交变电动势图象如图中曲线a、b 所示．则（）A ． t=0 时辰穿过两线圈的磁通量均为零B ．曲线 a 表示的交变电动势有效值为15VC．曲线 a 表示的交变电动势频次为50HzD ．曲线 a、 b 对应的线圈转速之比为3： 2考点：沟通发电机及其产生正弦式电流的原理．专题：沟通电专题．剖析：依据图象可知沟通电的最大值以及周期等物理量，而后进一步可求出其刹时价的表达式以及有效值等解答：解： A 、t=0 时辰两线圈电动势均为零；故此时处在中性面上；故穿过两线圈的磁通量均为最大值；故 A 错误；B、曲线 a 表示的交变电动势最大值为15V ；故 B 错误；C、曲线 a 周期为；故其表示的交变电动势频次为25Hz ；故 C 错误；D、由图可知， b 的周期为；转速之比与周期成反比；故转速之比为3： 2；故 D 正确；应选： D．评论：此题考察了相关沟通电描绘的基础知识，要依据沟通电图象正确求解最大值、有效值、周期、频次、角速度等物理量．3．（ 6 分）（ 2015?贵阳一模）我国先后发射的“天宫一号”和“神舟十号”的运动轨迹如下图．已知“天宫一号”绕地球做匀速圆周运动的轨道半径为r，周期为T，引力常量为G．以下说法正确的选项是（）A ．依据题中条件能够计算出地球的质量B ．在远地址P处，“神舟十号”的加快度比“天宫一号”大C．依据题中条件能够计算出地球对“天宫一号”的引力大小D ．要增大“神舟十号”的运行周期，只要在运行过程中点火减速考点：人造卫星的加快度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用．专题：剖析：人造卫星问题．卫星绕地球圆周运动的向心力由万有引力供给，据此剖析，依据卫星变轨原理剖析．解答：解： A 、依据万有引力供给圆周运动向心力知，由引力常量和轨道半径 r 及周期 T 可求得中心天体的质量M ，故 A 正确；B、在远地址P 处，神舟十号和天宫一号都是由万有引力产生加快度，故在同一点万有引力产生的加快度同样，故 B 错误；C、因为未知天宫一号的质量m，故没法求得地球对天宫一号的引力大小，故 C 错误；D、神舟十号运行过程中点火减速，神舟十点做近心运动，运动半径减小，周期减小，故D 错误．应选： A．评论：万有引力供给圆周运动向心力能够据此计算中心天体的质量，能够经过调理飞船的速度使飞船做离心运动或近心运动实现轨道的变化．4．（ 6 分）（ 2015?贵阳一模）如下图，在x 轴上方存在垂直于纸面向里的匀强磁场，磁场的磁感觉强度为B．在 xOy 平面内，从原点O 处沿与 x 轴正方向成θ角（0＜θ＜π）以速率v 发射一个带正电的粒子（重力不计）．则以下说法正确的选项是（）A ．若 v 必定，θ越大，则粒子走开磁场的地点距O 点越远B ．若v必定，θ越大，则粒子在磁场中运动的时间越短C．若θ必定，v越大，则粒子在磁场中运动的角速度越大D ．若θ必定， v 越大，则粒子在磁场中运动的时间越短考点：带电粒子在匀强磁场中的运动．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．剖析：带电粒子进入磁场中，遇到洛伦兹力而做匀速圆周运动，作出轨迹，由轨迹对应的圆心角等于粒子速度的倾向角，求出轨迹的圆心角α，由 t=剖析时间．依据几何知识剖析粒子走开磁场的地点与半径的关系；由ω=，剖析角速度．解答：解： A 、设粒子的轨迹半径为r，则r=．如图，AO=2rsin θ=，则若θ是锐角，θ越大， AO 越大．若θ是钝角，θ越大， AO 越小．故 A 错误．B、如图，画出粒子在磁场中运动的轨迹．由几何关系得：轨迹对应的圆心角α=2π﹣ 2θ粒子在磁场中运动的时间t===，则得悉：若v 一定，θ越大，时间t 越短；若θ必定，运动时间必定．故B正确，D错误．C、粒子在磁场中运动的角速度ω=，又T=，则得ω=，与速度v没关．故C错误．应选： B．评论：带电粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动的时间，经常依据t=T ，θ是轨迹的圆心角，依据几何知识，轨迹的圆心角等于速度的倾向角．5．（ 6 分）（ 2015?贵阳一模）正电荷均匀散布在半球面上，它们在此半球的球心O 处产生的电场强度大小为E0．现将一个经过O 点且与半球底面成α=60°的平面把半球面分出一个小“小瓣”球面．如下图，所分出的“小瓣”球面上的电荷在O 处产生电场的电场强度大小为（）A．E0B．E0C．E0D． E0考点：电场的叠加．剖析：半球的中心O 处电场强度E0是部分球面上电荷产生的电场叠加的结果，依据对称性，作出球面上的电荷在O 点产生的电场散布，由平行四边形定章求解“小瓣”球面上的电荷在 O 处的电场强度解答：解：依据对称性，作出球面上的电荷在O 点产生的电场散布，如下图，由平行四边形定章获取“小瓣”球面上的电荷在O 处的电场强度E=E 0sin=E0．应选：B评论：此题解题重点是抓住对称性，作出两部分球面上电荷产生的电场散布图．6．（ 6 分）（ 2015?贵阳一模）如下图，顶端装有定滑轮的斜面体搁置在粗拙水平面上， A 、 B 两物体经过细绳相连，并处于静止状态，不计绳的质量和绳与滑轮间的摩擦．现用水平向右的拉力 F 作用于物体 B 上，将物体 B 迟缓拉高必定的距离，在此过程中斜面体与物体A 仍旧保持静止．对于此过程中，以下说法正确的选项是（）A ．斜面体对物体 A 的摩擦力必定增大B ．地面对斜面体的支持力可能变大C．斜面体对物体 A 的摩擦力必定变大D ．斜面体对物体 A 的作使劲可能变大考点：共点力均衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体均衡专题．剖析：此题为动向均衡类题目，分别剖析 B 和整体，由共点力的均衡条件可得出各部分力的变化， A 物体处于静止状态， A 遇到重力，绳索的拉力和斜面体对 A 的作使劲，协力为零，则斜面体对 A 的作使劲等于重力和拉力的协力．解答：解： A 、取物体 B 为研究对象，剖析其受力状况如下图，则有F=mgtanθ， T= ，在将物体 B 迟缓拉高的过程中，θ增大，则水平力 F 和细绳上的拉力T 随之变大．对 A 、B 两物体与斜面体这个系统而言，系统处于均衡状态，因拉力 F 变大，则地面对斜面体的摩擦力必定变大，而竖直方向并无增添其余力，故斜面体所受地面的支持力不变；在这个过程中只管绳索张力变大，可是开始时物体 A 所受斜面体的摩擦力方向未知，故物体A 所受斜面体的摩擦力的状况没法确立，可能变大，也可能变小．故ABC 错误；D、A 物体处于静止状态， A 遇到重力，绳索的拉力和斜面体对 A 的作使劲，协力为零，则斜面体对 A 的作使劲等于重力和拉力的协力，拉力增大，重力不变，两个力的夹角不变，因此重力和拉力的协力增大，则斜面体对物体 A 的作使劲变大，故 D 正确．应选： D评论：对于用绳索连结的物体，能够沿绳索的方向作为整体作出受力剖析，则能够简化解题过程．7．（ 6 分）（ 2015?贵阳一模）如下图，从凑近 A 板发出的电子经电场加快后，水平神往水平搁置的两平行金属板间，金属板间所加的电压为U，电子最后打在光屏P 上．对于电子的运动，以下说法正确的选项是（）A ．仅将光屏向左平移时，电子打在荧光屏上的地点上涨B ．公将变阻器的滑片向左挪动时，电子打在荧光屏上的地点上涨C．仅将电压U减小时，电子打在荧光屏上的速度大小不变D ．仅将电压 U 减小时，电子从发出到到打在荧光屏的时间不变考点：带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在电场中的运动专题．剖析：电子在加快电场中加快，进入偏转电场后向上偏转，依据电子在偏转电场中水平方向和竖直方向上的运动规律剖析判断．解答：解： A 、电子在水平搁置的平行金属板间做类平抛运动，走开时速度的反向延伸线经过中轴线的中点，依据这一推论知，将光屏向左平移时，电子打在荧光屏上的地点将降落，故A错误．B、将滑动变阻器的滑片向左挪动时， A 、B 间的电压减小，电子获取的速度v 减小，电子在电场中运动时间变长，偏转位移变大，电子打在荧光屏上的地点上涨，故 B 正确．C、将电压 U 减小，电子所受的电场力减小，加快度减小，走开电场时竖直分速度减小，根据平行四边形定章知，电子打在荧光屏上的速度大小减小，故 C 错误．D、将电压 U 减小，电子在水平方向上的分速度不变，电子从发出到打在荧光屏上的时间不变，故 D 正确．应选： BD ．评论：电子在加快电场作用下做加快运动，运用动能定理可得电子获取的速度与加快电场大小间的关系，电子进入偏转电场后，做类平抛运动，运动时间受电场的宽度和进入电场时的速度所决定，电子在电场方向偏转的距离与时间和电场强度共同决定．娴熟用矢量合成与分解的方法办理类平抛运动问题．8．（ 6 分）（2015?贵阳一模）如下图，固定在水平川面上的粗拙斜面体高为h0．某物体以初 E K0从斜面体底端 P 点开始沿斜面上滑并开始计时．一段时间以后物体走开斜面做斜上抛运动， t1时辰经过最高点 Q．取地面为零势能面，不计空气阻力作用．则以下对于物体从P 运动到 Q 的过程中，物体的动能E k、机械能 E、加快度大小 a 及离地面的高度 h 随时间的变化关系图象中，可能正确的选项是（）A．B．C．D．考点：动能定理的应用；牛顿第二定律．专题：动能定理的应用专题．剖析：物体在斜面上做匀减速直线运动，从斜面抛出后做斜抛运动，机械能的变化量等于除重力之外的力做的功，合外力做的功等于动能的变化量，写出机械能的表达式即可选择图象．解答：解： A 、在斜面上运动某一地点的动能为：E K =E K0﹣（+mg） h，在斜抛到最高点的过程中，某一地点的动能为： E K =E K1﹣ mgh，动能随高度的变化关系，从图象角度看是在斜面运动过程中的斜率大于斜抛过程中的斜率，且Q 点动能不为零，故 A 错误；B、在斜面上运动某一地点的机械能：2E=E K0﹣ f（ v0t﹣ at ），从斜面抛出后，只有重力做功，机械能守恒，不发生变化，故 B 正确；C、物体在斜面上做匀减速直线运动，加快度不随时间变化，物体走开斜面后做斜上抛运动，加快度为重力加快度，加快度保持不变，故 C 正确；D、物体在斜面上做匀减速直线运动，h=xsin θ=（ v0t﹣ at 2） sinθ， h 与 t 不是正比率关系，故D错误；应选： BC．评论：此题主要考察了功能关系的直策应用，知道机械能的变化量等于除重力之外的力做的功，合外力做的功等于动能的变化量，注意在最高点竖直方向的速度等于零，水平方向速度不为零，难度适中．二、解答题（共 4 小题，满分37 分）9．（ 7 分）（2015?贵阳一模）如下图为丈量物块与水平固定桌面之间动摩擦因数的实验装置表示图，细线平行于桌面．已知物块和遮光片的总质量为M ，重物质量为m，遮光片的宽度为 d，两光电门之间的距离为s，重力加快度为g．让物块从光电门 A 的左边由静止释放，分别测出遮光片经过光电门 A 、 B 所用的时间t A、t B．用遮光片经过光电门的均匀速度表示遮光片竖直中线经过光电门的刹时速度．（1）利用实验中已知量和丈量量，可获取物块运动的加快度大小为；（2）假如设物块运动的加快度为a，则用已知量和 a 表示物块与水平桌面之间的动摩擦因数μ，得μ=；（3）遮光片经过光电门时的均匀速度小于（选填“大于”、“小于”或“等于”）遮光片竖直中线经过光电门的刹时速度，由此会产生偏差，请你写出一种减小这一偏差的方法是减小遮光片的宽度．考点：测定匀变速直线运动的加快度．专题：实验题；牛顿运动定律综合专题．剖析：（1）分别对 m 和 M 进行受力剖析，而后使用牛顿第二定律即可求得摩擦因数；（2）遮光片经过光电门的均匀速度等于中间时辰的刹时速度，而物块做加快运动前一半的时间内的位移小于后一半时间内的位移；（3）遮光板经过光电门的时间很短，能够用对应时间内的均匀速度取代刹时速度；依据速度位移关系公式2as=﹣列式求解．解答：解：（ 1）因为遮光条经过光电门的时间极短，能够用均匀速度表示刹时速度，故v A=；v B=由运动学的导出公式：2as=﹣解得： a==；（2）对 m： mg﹣ F 拉 =ma对 M ： F 拉﹣μMg=Ma解得：μ=；（3）遮光片经过光电门的均匀速度等于中间时辰的刹时速度，而物块做加快运动前一半的时间内的位移小于后一半时间内的位移，因此时间到一半时，遮光片的中线还没有抵达光电门，。

物理高考模拟卷-高三物理试题及答案-贵阳市高考一模试卷物理试题

2015年贵州省贵阳市高考物理一模试卷一、选择题：（本大题共8小题，共48分．在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一项符合题意，第6～8题有多个选项符合题意．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不选的得0分）1．（6分）（2015•贵阳一模）2014年12月26日，贵广高铁正式开通营运，把贵阳到广州的列车运行时间从20多个小时缩短到5小时左右，贵州从此进入了高铁时代．列车从贵阳北站开出后速度由20km/h增加到50km/h所用的时间为t1、位移为x1；速度由50km/h增加到80km/h所用的时间为t2、位移为x2．假设上述列车始终做匀变速直线运动，则以下判断正确的是（）A．t1＞t2B．t1＜t2C．x1＜x2D．x1＞x22．（6分）（2015•贵阳一模）在同一匀强磁场中，两个完全相同的矩形闭合金属线圈分别以不同的转速，绕与磁感线垂直的轴匀速转动，产生的交变电动势图象如图中曲线a、b所示．则（）A．t=0时刻穿过两线圈的磁通量均为零B．曲线a表示的交变电动势有效值为15VC．曲线a表示的交变电动势频率为50HzD．曲线a、b对应的线圈转速之比为3：23．（6分）（2015•贵阳一模）我国先后发射的“天宫一号”和“神舟十号”的运动轨迹如图所示．已知“天宫一号”绕地球做匀速圆周运动的轨道半径为r，周期为T，引力常量为G．下列说法正确的是（）A．根据题中条件可以计算出地球的质量B．在远地点P处，“神舟十号”的加速度比“天宫一号”大C．根据题中条件可以计算出地球对“天宫一号”的引力大小D．要增大“神舟十号”的运行周期，只需在运行过程中点火减速4．（6分）（2015•贵阳一模）如图所示，在x轴上方存在垂直于纸面向里的匀强磁场，磁场的磁感应强度为B．在xOy平面内，从原点O处沿与x轴正方向成θ角（0＜θ＜π）以速率v发射一个带正电的粒子（重力不计）．则下列说法正确的是（）A．若v一定，θ越大，则粒子离开磁场的位置距O点越远B．若v一定，θ越大，则粒子在磁场中运动的时间越短C．若θ一定，v越大，则粒子在磁场中运动的角速度越大D．若θ一定，v越大，则粒子在磁场中运动的时间越短5．（6分）（2015•贵阳一模）正电荷均匀分布在半球面上，它们在此半球的球心O处产生的电场强度大小为E0．现将一个通过O点且与半球底面成α=60°的平面把半球面分出一个小“小瓣”球面．如图所示，所分出的“小瓣”球面上的电荷在O处产生电场的电场强度大小为（）A．E0B．E0C．E0D．E06．（6分）（2015•贵阳一模）如图所示，顶端装有定滑轮的斜面体放置在粗糙水平面上，A、B两物体通过细绳相连，并处于静止状态，不计绳的质量和绳与滑轮间的摩擦．现用水平向右的拉力F作用于物体B上，将物体B缓慢拉高一定的距离，在此过程中斜面体与物体A 仍然保持静止．关于此过程中，下列说法正确的是（）A．斜面体对物体A的摩擦力一定增大B．地面对斜面体的支持力可能变大C．斜面体对物体A的摩擦力一定变大D．斜面体对物体A的作用力可能变大7．（6分）（2015•贵阳一模）如图所示，从靠近A板发出的电子经电场加速后，水平向往水平放置的两平行金属板间，金属板间所加的电压为U，电子最终打在光屏P上．关于电子的运动，下列说法正确的是（）A．仅将光屏向左平移时，电子打在荧光屏上的位置上升B．公将变阻器的滑片向左移动时，电子打在荧光屏上的位置上升C．仅将电压U减小时，电子打在荧光屏上的速度大小不变D．仅将电压U减小时，电子从发出到到打在荧光屏的时间不变8．（6分）（2015•贵阳一模）如图所示，固定在水平地面上的粗糙斜面体高为h0．某物体以初E K0从斜面体底端P点开始沿斜面上滑并开始计时．一段时间之后物体离开斜面做斜上抛运动，t1时刻经过最高点Q．取地面为零势能面，不计空气阻力作用．则下列关于物体从P 运动到Q的过程中，物体的动能E k、机械能E、加速度大小a及离地面的高度h随时间的变化关系图象中，可能正确的是（）A．B．C．D．二、解答题（共4小题，满分37分）9．（7分）（2015•贵阳一模）如图所示为测量物块与水平固定桌面之间动摩擦因数的实验装置示意图，细线平行于桌面．已知物块和遮光片的总质量为M，重物质量为m，遮光片的宽度为d，两光电门之间的距离为s，重力加速度为g．让物块从光电门A的左侧由静止释放，分别测出遮光片通过光电门A、B所用的时间t A、t B．用遮光片通过光电门的平均速度表示遮光片竖直中线通过光电门的瞬时速度．（1）利用实验中已知量和测量量，可得到物块运动的加速度大小为______；（2）如果设物块运动的加速度为a，则用已知量和a表示物块与水平桌面之间的动摩擦因数μ，得μ=______；（3）遮光片通过光电门时的平均速度______（选填“大于”、“小于”或“等于”）遮光片竖直中线通过光电门的瞬时速度，由此会产生误差，请你写出一种减小这一误差的方法是________________________________________________________________________．10．（8分）（2015•贵阳一模）有一个电压表V，其内阻为30kΩ、量程约25V～35V，共有30个均匀小格，但刻度数值已经模糊．为了测量其量程并重新刻度，现提供下列器材选用：标准电压表V1：量程0～3V，内阻为3kΩ标准电压表V2：量程0～6V，内阻为1kΩ电流表A：量程0～3A，内阻未知滑动变阻器R：总阻值1kΩ稳压电源E：30V，内阻不能忽略电键、导线若干（1）根据上述器材，有一位同学设计了如图1所示的实验电路图，请指出此电路中测量部分存在的问题：______________________________________________________．（2）请设计一个合理的电路图，画在图2的方框内，将所选用的器材用相应的符号表示（要求测量多组数据，并尽可能提高测量的精确度）；选用记录数据中任一组，写出计算量程的表达式U g=______；式中各字母的意义是：__________________________________________．11．（14分）（2015•贵阳一模）1831年10月28日，法拉弟在一次会议上展示了他发明的圆盘发电机，如图甲所示，这是人类历史上的第一台发电机．图乙是这个圆盘发电机的示意图：轻质圆形铜盘安装在水平铜轴上并与之垂直，它的边缘正好在两磁极之间，两块铜片C、D 分别与转动轴和铜盘的边缘接触，使铜盘转动，阻值为R的电阻中就有电流通过．设铜盘转动的角速度为ω，铜盘半径为r，除R外其余电阻均不计，图示所示中磁场为磁感应强度大小为B、以过转轴的水平面为理想边界的匀强磁场，这个磁场只分布在过转轴的水平面以下的空间，不考虑摩擦和空气阻力．（1）求通过电阻R的电流大小和方向；（2）要使铜盘匀速转动，需要对它施加外力的作用，求外力的功率．12．（8分）（2015•贵阳一模）如图所示，固定的光滑圆弧轨道ACB的半径R为0.8m，A 点与圆心O在同一水平线上，圆弧轨道底端B点与圆心在同一竖直线上．C点离B点的竖直高度h为0.2m．质量为0.1kg的物块（可视为质点）从轨道上的A点由静止释放，滑过B 点后进入足够长的水平传送带，传送带由电动机驱动按图示方向匀速运转．不计物块通过轨道与传送带交接处的动能损失，物块与传送带间的动摩擦因数μ为0.1．若物块从A点下滑到传送带上后，又恰能返回到C点．g取10m/s2．求：（1）物块第一次经过B点时的速度大小和对轨道的压力大小；（2）传送带的速度大小．分．每错选一个扣3分，最低得分为0分13．（5分）（2015•贵阳一模）下列说法正确的是（）A．热传递的方向是由内能大的物体传向内能小的物体B．分子间距离减小时，分子间的作用力一定增大，分子势能可能减小C．多晶体是许多单晶体杂乱无章地组合而成的，所以多晶体的物理性质呈各向同性D．小般能漂浮在水上是因为液体表面张力引起的E．一定温度下饱和汽的分子数密度为一定值，温度升高，饱和汽的分子数密度增大14．（10分）（2015•贵阳一模）如图所示，绝热气缸内密闭一事实上质量的理想气体，绝热活塞和钩码的总质量为M=1kg，活塞与气缸壁无摩擦且不漏气．当缸内气体温度为27℃时，活塞稳定在距气缸底部d0=30cm处．已知活塞横截面积S=10cm2，外界大气压p0=1×105Pa，重力加速度g取10m/s2．现给气缸内的电热丝提供微弱电流，当电热丝缓慢放出10J的热量时，活塞缓慢往下移动了d=5cm．求：（1）此时缸内气体的温度；（2）此过程缸内气体增加的内能．分．每错选一个扣3分，最低得分为0分）15．（2015•贵阳一模）波速相等的甲、乙两列简谐横波均沿x轴正方向传播，某时刻波的图象分别如图所示，其中P、Q两质点均处于波峰，关于这两列波，下列说法正确的是（）A．甲波中质点M比质点P先回到平衡位置B．质点P、Q、M的振幅均为6cmC．甲波更容易观察到明显的衍射现象D．从图示的时刻开始，质点P比质点Q先回到平衡位置E．图示时刻质点P的加速度比质点Q的加速度小16．（2015•贵阳一模）如图所示，空气中一透明柱体的横截面是边长为d的正方形ABCD，在DA边的延长线上距A点处有一点光源O，发出一束单色光从AB边中点E进入介质后，经BC中点F射出，求：（1）透明介质对单色光的折射率；（2）光从O点到E点的传播时间t OE与从E点到F点的传播时间t EF之比．分．每错选一个扣3分，最低得分为0分）17．（2015•贵阳一模）放射性元素在衰变过程中，有些放出α射线，有些放出β射线，有些在放出α射线或β射线的同时，还以射线的形式释放能量．例如Th核的衰变过程可表示为：Th→Pa+e+γ，关于此衰变，下列说法正确的是（）A．Th核的质量等于Pa核的质量B．Th核的质量大于Pa核的质量C．一个Th核衰变成一个Pa核后，中子数减少了1D．γ射线是由Th原子的外层电子从高能级向低能级跃迁时释放出的E．此衰变是β衰变，所释放出的电子是原子核内的中子转化成质子时产生的18．（2015•贵阳一模）如图所示，在光滑水平地面上，有一质量分别为9m和m的甲、乙两个小球均以大小为v0=1m/s的速度先后向右运动，甲与右边地竖直墙壁碰撞后以相同速率反向弹回，然后与乙小球发生弹性正碰．（1）若m=1kg，求甲小球与墙壁碰撞过程受到墙壁的冲量大小；（2）求甲、乙小球碰撞后乙小球的速度大小．2015年贵州省贵阳市高考物理一模试卷参考答案与试题解析一、选择题：（本大题共8小题，共48分．在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一项符合题意，第6～8题有多个选项符合题意．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不选的得0分）1．（6分）（2015•贵阳一模）2014年12月26日，贵广高铁正式开通营运，把贵阳到广州的列车运行时间从20多个小时缩短到5小时左右，贵州从此进入了高铁时代．列车从贵阳北站开出后速度由20km/h增加到50km/h所用的时间为t1、位移为x1；速度由50km/h增加到80km/h所用的时间为t2、位移为x2．假设上述列车始终做匀变速直线运动，则以下判断正确的是（）A．t1＞t2B．t1＜t2C．x1＜x2D．x1＞x2考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：抓住列车的加速度不变，结合速度位移公式比较位移的大小，根据速度时间公式比较运动的时间．解答：解：列车做匀变速直线运动，加速度不变，根据速度时间公式得，t=，因为两段过程速度的变化量相等，则t1=t2；根据速度位移公式得，x=，x1＜x2．故C正确，A、B、D错误．故选：C．点评：解决本题的关键掌握匀变速直线运动的速度时间公式和速度位移公式，并能灵活运用，基础题．2．（6分）（2015•贵阳一模）在同一匀强磁场中，两个完全相同的矩形闭合金属线圈分别以不同的转速，绕与磁感线垂直的轴匀速转动，产生的交变电动势图象如图中曲线a、b所示．则（）A．t=0时刻穿过两线圈的磁通量均为零B．曲线a表示的交变电动势有效值为15VC．曲线a表示的交变电动势频率为50HzD．曲线a、b对应的线圈转速之比为3：2考点：交流发电机及其产生正弦式电流的原理．专题：交流电专题．分析：根据图象可知交流电的最大值以及周期等物理量，然后进一步可求出其瞬时值的表达式以及有效值等解答：解：A、t=0时刻两线圈电动势均为零；故此时处在中性面上；故穿过两线圈的磁通量均为最大值；故A错误；B、曲线a表示的交变电动势最大值为15V；故B错误；C、曲线a周期为0.04s；故其表示的交变电动势频率为25Hz；故C错误；D、由图可知，b的周期为0.06s；转速之比与周期成反比；故转速之比为3：2；故D正确；故选：D．点评：本题考查了有关交流电描述的基础知识，要根据交流电图象正确求解最大值、有效值、周期、频率、角速度等物理量．3．（6分）（2015•贵阳一模）我国先后发射的“天宫一号”和“神舟十号”的运动轨迹如图所示．已知“天宫一号”绕地球做匀速圆周运动的轨道半径为r，周期为T，引力常量为G．下列说法正确的是（）A．根据题中条件可以计算出地球的质量B．在远地点P处，“神舟十号”的加速度比“天宫一号”大C．根据题中条件可以计算出地球对“天宫一号”的引力大小D．要增大“神舟十号”的运行周期，只需在运行过程中点火减速考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用．专题：人造卫星问题．分析：卫星绕地球圆周运动的向心力由万有引力提供，据此分析，根据卫星变轨原理分析．解答：解：A、根据万有引力提供圆周运动向心力知，由引力常量和轨道半径r及周期T可求得中心天体的质量M，故A正确；B、在远地点P处，神舟十号和天宫一号都是由万有引力产生加速度，故在同一点万有引力产生的加速度相同，故B错误；C、因为未知天宫一号的质量m，故无法求得地球对天宫一号的引力大小，故C错误；D、神舟十号运行过程中点火减速，神舟十点做近心运动，运动半径减小，周期减小，故D 错误．故选：A．点评：万有引力提供圆周运动向心力可以据此计算中心天体的质量，可以通过调节飞船的速度使飞船做离心运动或近心运动实现轨道的变化．4．（6分）（2015•贵阳一模）如图所示，在x轴上方存在垂直于纸面向里的匀强磁场，磁场的磁感应强度为B．在xOy平面内，从原点O处沿与x轴正方向成θ角（0＜θ＜π）以速率v发射一个带正电的粒子（重力不计）．则下列说法正确的是（）A．若v一定，θ越大，则粒子离开磁场的位置距O点越远B．若v一定，θ越大，则粒子在磁场中运动的时间越短C．若θ一定，v越大，则粒子在磁场中运动的角速度越大D．若θ一定，v越大，则粒子在磁场中运动的时间越短考点：带电粒子在匀强磁场中的运动．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：带电粒子进入磁场中，受到洛伦兹力而做匀速圆周运动，作出轨迹，由轨迹对应的圆心角等于粒子速度的偏向角，求出轨迹的圆心角α，由t=分析时间．根据几何知识分析粒子离开磁场的位置与半径的关系；由ω=，分析角速度．解答：解：A、设粒子的轨迹半径为r，则r=．如图，AO=2rsinθ=，则若θ是锐角，θ越大，AO越大．若θ是钝角，θ越大，AO越小．故A错误．B、如图，画出粒子在磁场中运动的轨迹．由几何关系得：轨迹对应的圆心角α=2π﹣2θ粒子在磁场中运动的时间t===，则得知：若v一定，θ越大，时间t越短；若θ一定，运动时间一定．故B正确，D错误．C、粒子在磁场中运动的角速度ω=，又T=，则得ω=，与速度v无关．故C错误．故选：B．点评：带电粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动的时间，常常根据t=T，θ是轨迹的圆心角，根据几何知识，轨迹的圆心角等于速度的偏向角．5．（6分）（2015•贵阳一模）正电荷均匀分布在半球面上，它们在此半球的球心O处产生的电场强度大小为E0．现将一个通过O点且与半球底面成α=60°的平面把半球面分出一个小“小瓣”球面．如图所示，所分出的“小瓣”球面上的电荷在O处产生电场的电场强度大小为（）A．E0B．E0C．E0D．E0考点：电场的叠加．分析：半球的中心O处电场强度E0是部分球面上电荷产生的电场叠加的结果，根据对称性，作出球面上的电荷在O点产生的电场分布，由平行四边形定则求解“小瓣”球面上的电荷在O 处的电场强度解答：解：根据对称性，作出球面上的电荷在O点产生的电场分布，如图所示，由平行四边形定则得到“小瓣”球面上的电荷在O处的电场强度E=E0sin=E0．故选：B点评：本题解题关键是抓住对称性，作出两部分球面上电荷产生的电场分布图．6．（6分）（2015•贵阳一模）如图所示，顶端装有定滑轮的斜面体放置在粗糙水平面上，A、B两物体通过细绳相连，并处于静止状态，不计绳的质量和绳与滑轮间的摩擦．现用水平向右的拉力F作用于物体B上，将物体B缓慢拉高一定的距离，在此过程中斜面体与物体A 仍然保持静止．关于此过程中，下列说法正确的是（）A．斜面体对物体A的摩擦力一定增大B．地面对斜面体的支持力可能变大C．斜面体对物体A的摩擦力一定变大D．斜面体对物体A的作用力可能变大考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：本题为动态平衡类题目，分别分析B和整体，由共点力的平衡条件可得出各部分力的变化，A物体处于静止状态，A受到重力，绳子的拉力和斜面体对A的作用力，合力为零，则斜面体对A的作用力等于重力和拉力的合力．解答：解：A、取物体B为研究对象，分析其受力情况如图所示，则有F=mgtanθ，T=，在将物体B缓慢拉高的过程中，θ增大，则水平力F和细绳上的拉力T随之变大．对A、B两物体与斜面体这个系统而言，系统处于平衡状态，因拉力F变大，则地面对斜面体的摩擦力一定变大，而竖直方向并没有增加其他力，故斜面体所受地面的支持力不变；在这个过程中尽管绳子张力变大，但是开始时物体A所受斜面体的摩擦力方向未知，故物体A所受斜面体的摩擦力的情况无法确定，可能变大，也可能变小．故ABC错误；D、A物体处于静止状态，A受到重力，绳子的拉力和斜面体对A的作用力，合力为零，则斜面体对A的作用力等于重力和拉力的合力，拉力增大，重力不变，两个力的夹角不变，所以重力和拉力的合力增大，则斜面体对物体A的作用力变大，故D正确．故选：D点评：对于用绳子连接的物体，可以沿绳子的方向作为整体作出受力分析，则可以简化解题过程．7．（6分）（2015•贵阳一模）如图所示，从靠近A板发出的电子经电场加速后，水平向往水平放置的两平行金属板间，金属板间所加的电压为U，电子最终打在光屏P上．关于电子的运动，下列说法正确的是（）A．仅将光屏向左平移时，电子打在荧光屏上的位置上升B．公将变阻器的滑片向左移动时，电子打在荧光屏上的位置上升C．仅将电压U减小时，电子打在荧光屏上的速度大小不变D．仅将电压U减小时，电子从发出到到打在荧光屏的时间不变考点：带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：电子在加速电场中加速，进入偏转电场后向上偏转，根据电子在偏转电场中水平方向和竖直方向上的运动规律分析判断．解答：解：A、电子在水平放置的平行金属板间做类平抛运动，离开时速度的反向延长线经过中轴线的中点，根据这一推论知，将光屏向左平移时，电子打在荧光屏上的位置将下降，故A错误．B、将滑动变阻器的滑片向左移动时，A、B间的电压减小，电子获得的速度v减小，电子在电场中运动时间变长，偏转位移变大，电子打在荧光屏上的位置上升，故B正确．C、将电压U减小，电子所受的电场力减小，加速度减小，离开电场时竖直分速度减小，根据平行四边形定则知，电子打在荧光屏上的速度大小减小，故C错误．D、将电压U减小，电子在水平方向上的分速度不变，电子从发出到打在荧光屏上的时间不变，故D正确．故选：BD．点评：电子在加速电场作用下做加速运动，运用动能定理可得电子获得的速度与加速电场大小间的关系，电子进入偏转电场后，做类平抛运动，运动时间受电场的宽度和进入电场时的速度所决定，电子在电场方向偏转的距离与时间和电场强度共同决定．熟练用矢量合成与分解的方法处理类平抛运动问题．8．（6分）（2015•贵阳一模）如图所示，固定在水平地面上的粗糙斜面体高为h0．某物体以初E K0从斜面体底端P点开始沿斜面上滑并开始计时．一段时间之后物体离开斜面做斜上抛运动，t1时刻经过最高点Q．取地面为零势能面，不计空气阻力作用．则下列关于物体从P 运动到Q的过程中，物体的动能E k、机械能E、加速度大小a及离地面的高度h随时间的变化关系图象中，可能正确的是（）A．B．C．D．考点：动能定理的应用；牛顿第二定律．专题：动能定理的应用专题．分析：物体在斜面上做匀减速直线运动，从斜面抛出后做斜抛运动，机械能的变化量等于除重力以外的力做的功，合外力做的功等于动能的变化量，写出机械能的表达式即可选择图象．解答：解：A、在斜面上运动某一位置的动能为：E K=E K0﹣（+mg）h，在斜抛到最高点的过程中，某一位置的动能为：E K=E K1﹣mgh，动能随高度的变化关系，从图象角度看是在斜面运动过程中的斜率大于斜抛过程中的斜率，且Q点动能不为零，故A错误；B、在斜面上运动某一位置的机械能：E=E K0﹣f（v0t﹣at2），从斜面抛出后，只有重力做功，机械能守恒，不发生变化，故B正确；C、物体在斜面上做匀减速直线运动，加速度不随时间变化，物体离开斜面后做斜上抛运动，加速度为重力加速度，加速度保持不变，故C正确；D、物体在斜面上做匀减速直线运动，h=xsinθ=（v0t﹣at2）sinθ，h与t不是正比例关系，故D错误；故选：BC．点评：本题主要考查了功能关系的直接应用，知道机械能的变化量等于除重力以外的力做的功，合外力做的功等于动能的变化量，注意在最高点竖直方向的速度等于零，水平方向速度不为零，难度适中．二、解答题（共4小题，满分37分）9．（7分）（2015•贵阳一模）如图所示为测量物块与水平固定桌面之间动摩擦因数的实验装置示意图，细线平行于桌面．已知物块和遮光片的总质量为M，重物质量为m，遮光片的宽度为d，两光电门之间的距离为s，重力加速度为g．让物块从光电门A的左侧由静止释放，分别测出遮光片通过光电门A、B所用的时间t A、t B．用遮光片通过光电门的平均速度表示遮光片竖直中线通过光电门的瞬时速度．（1）利用实验中已知量和测量量，可得到物块运动的加速度大小为；（2）如果设物块运动的加速度为a，则用已知量和a表示物块与水平桌面之间的动摩擦因数μ，得μ=；（3）遮光片通过光电门时的平均速度小于（选填“大于”、“小于”或“等于”）遮光片竖直中线通过光电门的瞬时速度，由此会产生误差，请你写出一种减小这一误差的方法是减小遮光片的宽度．考点：测定匀变速直线运动的加速度．。

贵州省贵阳一中高考物理模拟试卷(六)(含解析)-人教版高三全册物理试题

2015年贵州省贵阳一中高考物理模拟试卷〔六〕一、选择题：每一小题6分，共48分．第1-5小题只有一个选项是正确的；第6-8题有多个选项是正确的，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有错选的得0分．1．科学家利用“空间站〞进展天文探测和科学试验．假设某“空间站〞正在位于地球赤道平面内的圆形轨道上匀速行驶，其离地高度为同步卫星离地高度的十分之一，且运行方向与地球自转方向一致．如下关于该“空间站〞的说法正确的答案是〔〕A．在“空间站〞工作的宇航员因受到平衡力而在其中悬浮或静止B．运行的加速度等于同步卫星处重力加速度的C．运行的加速度等于地球外表处的重力加速度D．运行的加速度等于其所在高度处的重力加速度2．如下列图，水平铜盘半径为r，置于磁感应强度为B、方向垂直向下的匀强磁场中，铜盘绕通过圆盘中心的竖直轴以角速度ω做匀速圆周运动，铜盘的边缘与中心处分别通过滑动变阻R1与理想变压器的原线圈相连，该理想变压器原、副线圈的匝数比为n：1，变压器的副线圈与电阻为R2的负载相连，如此〔〕A．变压器原线圈两端的电压为B．假设R1不变时，通过负载R2的电流强度为0C．假设R1不变时，变压器的副线圈磁通量为0D．假设R1变化时，通过负载R2的电流强度为通过R1电流的3．如下列图为洗衣机脱水筒工作时的示意图，衣物随洗衣机的脱水筒高速旋转而达到脱水的目的．如下关于洗衣机脱水过程的说法，不正确的答案是〔〕A．脱水过程中，衣物是紧贴筒壁的B．水会从筒中甩出是因为水滴受到向心力很大的缘故C．加快脱水筒转动角速度，脱水效果会更好D．靠近中心的衣物脱水效果不如四周的衣物脱水效果好4．如下列图，倾角为60°的斜面固定在水平面上，轻杆B端用铰链固定在竖直墙上，A端顶住质量为m、半径为R的匀质球并使之在图示位置静止，此时A与球心O的高度差为，不计一切摩擦，轻杆可绕铰链自由转动，重力加速度为g，如此有〔〕A．轻杆与水平面的夹角为60°B．轻杆对球的弹力大小为2mgC．斜面对球的弹力大小为mgD．球所受的合力大小为mg，方向竖直向上5．如下列图，有两块金属板水平放置，两板间电势差为U．一个不计重力的带电粒子以初速度v0沿平行于两板的方向从正中间射入，穿过两板后又垂直于磁场方向进入边界限竖直的匀强磁场中．如此粒子射入磁场和射出磁场的M、N两点间的距离d随着U和v0的变化情况为〔〕A．d随v0增大而增大，d与U无关B．d随v0增大而增大，d随U增大而增大C．d随U增大而增大，d与v0无关D．d随v0增大而增大，d随U增大而减小6．如图甲所示，在粗糙水平面上，物块A在水平向右的外力F的作用下做直线运动，其速度﹣时间图象如图乙所示，如下判断正确的答案是〔〕A．在0～1s内，外力F不断增大B．在1s～3s内，外力F的大小恒定C．在3s～4s内，外力F不断减小D．在3s～4s内，外力F的大小恒定7．如下列图，一个平行板电容器放在图中虚线框所示矩形区域的匀强磁场中，磁场方向垂直于纸面且与板面平行，金属板a与电源的正极相连．一个不计重力的带正电粒子以初动能E从左向右水平进入平行板中，并沿直线穿过两板区域．如此如下说法正确的答案是〔〕A．保持开关S闭合，a板稍向上平移，粒子将沿曲线运动，从极板右边穿出时的动能减少B．保持开关S闭合，a板稍向上平移，粒子仍沿直线运动，从极板右边穿出时的动能不变C．断开开关S，a板稍向下平移，粒子仍沿直线运动，从极板右边穿出时的动能不变D．断开开关S，a板稍向下平移，粒子将沿曲线运动，从极板右边穿出时的动能增加8．如图甲所示，电容器充、放电电路配合电流传感器，可以捕捉瞬间的电流变化，通过计算机画出电流随时间变化的图象如图乙所示．实验中选用直流8V电压，电容器选用电解电容器，先使单刀双掷开关S与1端相连，电源向电容器充电，这个过程可瞬间完成．然后把单刀双掷开关S掷向2端，电容器通过电阻R放电，传感器将电流传入计算机，图象乙上显示出放电电流随时间变化的I﹣t曲线．以下说法正确的答案是〔〕A．电解电容器用氧化膜做电介质，由于氧化膜很薄，所以电容较小B．随着放电过程的进展，该电容器两极板间电压逐渐增大C．由传感器所记录的放电电流图象能够估算出该过程中电容器的放电电荷量D．通过本实验可以估算出该电容器的电容值二、非选择题：第9-12题为必考题，每道题考生都必须作答；第13-18题为选考题．考生根据要求作答．9．某探究小组设计了“用一把尺子测定动摩擦因数〞的实验方案．如图示，将一个小球和一个滑块用细绳连接，跨在斜面上端．开始时小球和滑块均静止，剪短细绳后，小球自由下落，滑块沿斜面下滑，可先后听到小球落地和滑块撞击挡板的声音，保持小球和滑块释放的位置不变，调整挡板位置，重复以上操作，直到能同时听到小球落地和滑块撞击挡板的声音．用刻度尺测出小球下落的高度H、滑块释放点与挡板处的高度差h和沿斜面运动的位移x．〔空气阻力对本实验的影响可以忽略〕①滑块沿斜面运动的加速度与重力加速度的比值为．②滑块与斜面间的动摩擦因数为．③以下能引起实验误差的是．a．滑块的质量 b．当地重力加速度的大小c．长度测量时的读数误差 d．小球落地和滑块撞击挡板不同时．10．某实验小组在实验室做了测量电池的电动势和内阻的实验，实验的主要操作如下：〔1〕先用电压表直接接在电池两极粗侧电池的电动势，这样测出的电动势比真实值〔填“偏大〞或“偏小〞〕．〔2〕假设按图甲所示接好电路进展实验，记下电阻箱和电压表对应的一系列读数R、U，并将数据记录在表中，第2次实验中，电阻箱的示数如图乙所示，此时电阻箱接入电路的电阻是Ω；实验次数 1 2 3 4 5 6/〔V﹣1〕0.80 1.07 1.30 1.47 1.80 2.27/〔Ω﹣1〕0.2 0.8 1.0 1.5 2.0〔3〕图〔丙〕是根据表中的数据，在坐标纸上画出﹣的图象．假设忽略电压表内阻的影响，当电阻箱、电压表的示数分别是R、U时，电池电动势E=〔用U、R、r表示〕，设﹣图象纵轴截距为a，如此a与电池电动势E的函数关系式是，该图象的斜率k与E、r之间的函数关系式是．〔4〕根据图象可知：电池的电动势E=V，内阻r=Ω．〔结果保存三位有效数字〕〔5〕在本实验中如果考虑电压表电阻对测量结果的影响，如此本实验中电动势的测量值〔填“大于〞、“等于〞或“小于〞〕真实值，内电阻的测量值〔填“大于〞、“等于〞或“小于〞〕真实值．11．如下列图，斜面倾角为45°，从斜面上方A点处由静止释放一个质量为m的弹性小球，在B点处和斜面碰撞，碰撞后速度大小不变，方向变为水平，经过一段时间在C点再次与斜面碰撞．AB两点的高度差为h，重力加速度为g，不考虑空气阻力．求：〔1〕小球在AB段运动过程中重力做功的平均功率P；〔2〕小球落到C点时速度的大小．12．如下列图，MN、PQ为足够长的平行导轨，间距L=0.5m．导轨平面与水平面间的夹角θ=37°．NQ⊥MN，NQ间连接有一个R=3Ω的电阻．有一匀强磁场垂直于导轨平面，磁感应强度为B0=1T．将一根质量为m=0.05kg的金属棒ab紧靠NQ放置在导轨上，且与导轨接触良好，金属棒的电阻r=2Ω，其余局部电阻不计．现由静止释放金属棒，金属棒沿导轨向下运动过程中始终与NQ平行．金属棒与导轨间的动摩擦因数μ=0.5，当金属棒滑行至cd处时速度大小开始保持不变，cd 距离NQ为s=2m．试解答以下问题：〔g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8〕〔1〕金属棒达到稳定时的速度是多大？〔2〕从静止开始直到达到稳定速度的过程中，电阻R上产生的热量是多少？〔3〕假设将金属棒滑行至cd处的时刻记作t=0，从此时刻起，让磁感应强度逐渐减小，可使金属棒中不产生感应电流，如此t=1s时磁感应强度应为多大？【物理——选修3-3】13．关于一定量的气体，如下说法正确的答案是〔〕A．气体的体积指的是该气体的分子所能到达的空间的体积，而不是该气体所有分子体积之和B．只要能减弱气体分子热运动的剧烈程度，气体的温度就可以降低C．在完全失重的情况下，气体对容器壁的压强为零D．气体从外界吸收热量，其内能一定增加E．气体在等压膨胀过程中温度一定升高14．在某地煤矿坑道抢险中，急需将某氧气瓶中的氧气分装到每个小氧气袋中，该氧气瓶容积为25L，内部压强为4.0×l05Pa，分装好的氧气袋中压强为1.0×l05Pa，分装过程中气体温度保持不变，氧气可视为理想气体，假设能将瓶中氧气全局部装刭各氧气袋中而不剩余，并且各氧气装的压强刚好达到要求．①分装氧气过程中，外界对氧气做功2.0×l04J，分析该过程氧气吸放热情况与多少．②求分装后氧气的总体积．③请作出该过程的p﹣图．【选修3-4】15．光在科学技术、生产和生活中有着广泛的应用，如下关于光现象的描述，正确的答案是〔〕A．太阳光下物体的阴影轮廓模糊不清是光的衍射现象B．拍摄全息照片、用透明的标准平面样板检查光学平面的平整程度、光学镜头上的增透膜等都利用了光的偏振原理C．摄像师在拍摄日落时水面下的景物、玻璃橱窗里的陈列物的照片时，往往要在照相机镜头前装上一个偏振滤光片，使拍摄的景像更清晰，利用了光的干预原理D．我们经常可以看到，在路边施工处总挂着红色的电灯，这除了红色光容易引起人的视觉注意外，还有一个重要原因就是红色光比其他颜色光更容易发生衍射E．利用激光平行度好的特点可以测量月球到地球的距离16．在某介质中形成一列简谐波，波向右传播，在0.1s时刻刚好传到B点，波形如图中实线所示，且再经过0.6s，P点也开始起振，求：①该列波的周期T；②从t=0时刻起到P点第一次达到波峰时止，O点对平衡位置的位移y0与其所经过的路程s0各为多少？③假设该列波的传播速度大小为20m/s，且波形中由实线变成虚线需要经历0.525s时间，如此该列波的传播方向如何？【选修3-5】17．如下说法正确的答案是〔〕A．太阳辐射的能量主要来自于太阳内部的热核反响B．波尔根据氢原子光谱分立的特性提出电子轨道和原子能量是量子化的C．核力是强相互作用的一种表现，在原子核内核力比库仑大得多D．光电效应和α粒子散射实验都证明了原子核式结构模型E．在原子核反响中，反响前后质子数、中子数、电子数都是守恒的18．一质量为2m的物体P静止于光滑水平地面上，其截面如下列图．图中ab为粗糙的水平面，长度为L；bc为一光滑斜面，斜面和水平面通过与ab和bc均相切的长度可忽略的光滑圆弧连接．现有一质量为m的木块以大小为v0的水平初速度从a点向左运动，在斜面上上升的最大高度为h，返回后在到达a点前与物体P相对静止．重力加速度为g．求：〔1〕木块在ab段受到的摩擦力f；〔2〕木块最后距a点的距离s．2015年贵州省贵阳一中高考物理模拟试卷〔六〕参考答案与试题解析一、选择题：每一小题6分，共48分．第1-5小题只有一个选项是正确的；第6-8题有多个选项是正确的，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有错选的得0分．1．科学家利用“空间站〞进展天文探测和科学试验．假设某“空间站〞正在位于地球赤道平面内的圆形轨道上匀速行驶，其离地高度为同步卫星离地高度的十分之一，且运行方向与地球自转方向一致．如下关于该“空间站〞的说法正确的答案是〔〕A．在“空间站〞工作的宇航员因受到平衡力而在其中悬浮或静止B．运行的加速度等于同步卫星处重力加速度的C．运行的加速度等于地球外表处的重力加速度D．运行的加速度等于其所在高度处的重力加速度【考点】万有引力定律与其应用．【专题】万有引力定律的应用专题．【分析】在“空间站〞工作的宇航员处于完全失重状态．根据万有引力提供向心力分析．根据空间站在某一位置受到的重力提供它做圆周运动的向心力，可知运行加速度和所在高度出的重力加速度的关系．【解答】解：A、在“空间站〞工作的宇航员处于完全失重状态，靠万有引力提供向心力，做圆周运动．故A错误．B、根据万有引力提供向心力，得，所以，因为不知道到地球半径R与卫星离地高度h之间的关系，故无法得知加速度之比．故B错误．C、运行的加速度为，地面处的重力加速度为g=，r大于R，故空间站的运行加速度小于地面处的重力加速度，故C错误．D、根据=mg′，知“空间站〞运行的加速度等于其所在高度处的重力加速度．故D 正确．应当选：D．【点评】解决此题的关键掌握万有引力等于重力=mg和万有引力提供向心力．以与处于空间站中的人、物体处于完全失重状态，靠地球的万有引力提供向心力，做圆周运动．2．如下列图，水平铜盘半径为r，置于磁感应强度为B、方向垂直向下的匀强磁场中，铜盘绕通过圆盘中心的竖直轴以角速度ω做匀速圆周运动，铜盘的边缘与中心处分别通过滑动变阻R1与理想变压器的原线圈相连，该理想变压器原、副线圈的匝数比为n：1，变压器的副线圈与电阻为R2的负载相连，如此〔〕A．变压器原线圈两端的电压为B．假设R1不变时，通过负载R2的电流强度为0C．假设R1不变时，变压器的副线圈磁通量为0D．假设R1变化时，通过负载R2的电流强度为通过R1电流的【考点】变压器的构造和原理；导体切割磁感线时的感应电动势．【专题】交流电专题．【分析】先根据转动切割磁感线感应电动势公式E=BL2ω，求出感应电动势，再由欧姆定律求出变压器原线圈两端的电压大小．变压器只能改变原线圈的交流电的电压，不能改变直流电的电压【解答】解：A、切割磁感线感应电动势公式E=Br2ω，但是该电压加到电阻R上，由于变压器是理想变压器，所以变压器两端的电压是0．故A错误；B、变压器只能改变原线圈的交流电的电压，不能改变直流电的电压，也不能将直流电的电能传递给副线圈，所以假设R1不变时，通过负载R2的电流强度为0．故B正确；C、虽然通过负载R2的电流强度为0，但副线圈中的磁通量与原线圈中的磁通量一样，不是0．故C错误；D、变压器只能改变原线圈的交流电的电压与电流，不能改变直流电的电压与电流．故不能使用变压器的电流比的公式计算副线圈中的电流．故D错误．应当选：B【点评】此题关键要能将铜盘看成由无数幅条组成的，由转动切割磁感线感应电动势公式．变压器只能改变原线圈的交流电的电压．3．如下列图为洗衣机脱水筒工作时的示意图，衣物随洗衣机的脱水筒高速旋转而达到脱水的目的．如下关于洗衣机脱水过程的说法，不正确的答案是〔〕A．脱水过程中，衣物是紧贴筒壁的B．水会从筒中甩出是因为水滴受到向心力很大的缘故C．加快脱水筒转动角速度，脱水效果会更好D．靠近中心的衣物脱水效果不如四周的衣物脱水效果好【考点】离心现象．【专题】匀速圆周运动专题．【分析】A、水滴依附的附着力是一定的，当水滴因做圆周运动所需的向心力大于该附着力时，水滴被甩掉．B、脱水过程中，衣物做离心运动而甩向桶壁．C、F=ma=mω2R，角速度增大，水滴所需向心力增大，脱水效果更好．D、周边的衣物因圆周运动的半径更大，在角速度一定时，所需向心力比中心的衣物大，脱水效果更好．【解答】解：A、脱水过程中，衣物做离心运动而甩向桶壁．故A正确．B、水滴依附的附着力是一定的，当水滴因做圆周运动所需的向心力大于该附着力时，水滴被甩掉．故B错误．C、F=ma=mω2R，ω增大会使向心力F增大，而转筒有洞，不能提供足够大的向心力，水滴就会被甩出去，增大向心力，会使更多水滴被甩出去．故C正确．D、中心的衣服，R比拟小，角速度ω一样，所以向心力小，脱水效果差．故D正确．此题选不正确的，应当选：B．【点评】此题要理解匀速圆周运动的向心力的来源、向心力的大小因素、做离心运动的条件．属于根底题．4．如下列图，倾角为60°的斜面固定在水平面上，轻杆B端用铰链固定在竖直墙上，A端顶住质量为m、半径为R的匀质球并使之在图示位置静止，此时A与球心O的高度差为，不计一切摩擦，轻杆可绕铰链自由转动，重力加速度为g，如此有〔〕A．轻杆与水平面的夹角为60°B．轻杆对球的弹力大小为2mgC．斜面对球的弹力大小为mgD．球所受的合力大小为mg，方向竖直向上【考点】共点力平衡的条件与其应用；物体的弹性和弹力．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】由几何知识确定轻杆与水平面的夹角，对球受力分析，采用合成法，根据平衡条件求轻杆对球的弹力和斜面对球的弹力．【解答】解：A、设轻杆与水平方向夹角为θ，由几何知识sinθ==，θ=30°，故A错误；B、对球受力分析如图：由几何知识得：轻杆对球的弹力大小N2=mg，故B错误；C、如上图，由几何知识可得斜面对球的弹力大小为mg，C正确；D、球处于静止，平衡状态，所受的合力大小为0，D错误；应当选：C．【点评】解决此题的关键能够正确地受力分析，运用平行四边形合成法比拟简单．5．如下列图，有两块金属板水平放置，两板间电势差为U．一个不计重力的带电粒子以初速度v0沿平行于两板的方向从正中间射入，穿过两板后又垂直于磁场方向进入边界限竖直的匀强磁场中．如此粒子射入磁场和射出磁场的M、N两点间的距离d随着U和v0的变化情况为〔〕A．d随v0增大而增大，d与U无关B．d随v0增大而增大，d随U增大而增大C．d随U增大而增大，d与v0无关D．d随v0增大而增大，d随U增大而减小【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】带电粒子在复合场中的运动专题．【分析】不加磁场时粒子做匀速直线运动；参加磁场后，带电粒子在磁场中做圆周运动，偏向角如此由几何关系可确定圆弧所对应的圆心角，如此可求得圆的半径，由洛仑兹力充当向心力可求得带电粒子的比荷．【解答】解：带电粒子在电场中做类平抛运动，可将射出电场的粒子速度v分解成初速度方向与加速度方向，设出射速度与水平夹角为θ，如此有：而在磁场中做匀速圆周运动，设运动轨迹对应的半径为R，由几何关系可得，半径与直线MN 夹角正好等于θ，如此有：所以，又因为半径公式R=，如此有．故d与m、v0成正比，与B、q成反比；与U无关；应当选：A【点评】带电粒子在磁场中的运动类题目关键在于确定圆心和半径，然后由向心力公式即可确定半径公式，由几何关系即可求解．6．如图甲所示，在粗糙水平面上，物块A在水平向右的外力F的作用下做直线运动，其速度﹣时间图象如图乙所示，如下判断正确的答案是〔〕A．在0～1s内，外力F不断增大B．在1s～3s内，外力F的大小恒定C．在3s～4s内，外力F不断减小D．在3s～4s内，外力F的大小恒定【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】在速度﹣时间图象中，某一点纵坐标代表此时刻的瞬时速度；某点切线的斜率代表该时刻的加速度，向右上方倾斜，加速度为正，向右下方倾斜加速度为负．结合牛顿第二定律判断受力情况．【解答】解：A、在0～1s内，直线的斜率不变，加速度不变，由牛顿第二定律得：F﹣f=ma，可知外力F 是恒力，故A错误．B、在1～3s内，速度不变，物体做匀速直线运动，加速度等于零，F=f，故外力F的大小恒定，故B正确．C、D、在3～4s内，斜率越来越大，说明加速度越来越大，所以物体做加速度增大的减速运动，由牛顿第二定律得：f﹣F=ma，得 F=f﹣ma，f、m不变，a增大，F减小，故C正确，D错误；应当选：BC【点评】此题是为速度﹣﹣时间图象的应用要明确斜率和面积的含义，并结合牛顿第二定律解题，属于根底题．7．如下列图，一个平行板电容器放在图中虚线框所示矩形区域的匀强磁场中，磁场方向垂直于纸面且与板面平行，金属板a与电源的正极相连．一个不计重力的带正电粒子以初动能E从左向右水平进入平行板中，并沿直线穿过两板区域．如此如下说法正确的答案是〔〕A．保持开关S闭合，a板稍向上平移，粒子将沿曲线运动，从极板右边穿出时的动能减少B．保持开关S闭合，a板稍向上平移，粒子仍沿直线运动，从极板右边穿出时的动能不变C．断开开关S，a板稍向下平移，粒子仍沿直线运动，从极板右边穿出时的动能不变D．断开开关S，a板稍向下平移，粒子将沿曲线运动，从极板右边穿出时的动能增加【考点】带电粒子在匀强电场中的运动；电容器的动态分析；闭合电路的欧姆定律．【专题】带电粒子在电场中的运动专题．【分析】一个不计重力的带正电粒子以初动能E从左向右水平进入平行板中，并沿直线穿过两板区域，知电荷受电场力和洛伦兹力平衡，做匀速直线运动，抓住洛伦兹力不做功，根据动能定理判断动能的变化．【解答】解：A、保持开关S闭合，a板稍向上平移，电势差不变，d变大，电场强度变小，如此电场力小于洛伦兹力，粒子做曲线运动，向上偏转，根据动能定理，只有电场力做负功，动能减小．故A正确，B错误．C、断开开关S，a板稍向下平移，Q不变，根据E=，知电场强度不变，电场力不变，与洛伦兹力仍然平衡，做匀速直线运动，动能不变．故C正确，D错误、应当选AC．【点评】解决此题的关键知道保持开关闭合，电势差不变．开关断开，电量不变，通过两极板间距的变化判断出电场强度的变化，从而确定出电场力与洛伦兹力的大小关系．8．如图甲所示，电容器充、放电电路配合电流传感器，可以捕捉瞬间的电流变化，通过计算机画出电流随时间变化的图象如图乙所示．实验中选用直流8V电压，电容器选用电解电容器，先使单刀双掷开关S与1端相连，电源向电容器充电，这个过程可瞬间完成．然后把单刀双掷开关S掷向2端，电容器通过电阻R放电，传感器将电流传入计算机，图象乙上显示出放电电流随时间变化的I﹣t曲线．以下说法正确的答案是〔〕A．电解电容器用氧化膜做电介质，由于氧化膜很薄，所以电容较小B．随着放电过程的进展，该电容器两极板间电压逐渐增大C．由传感器所记录的放电电流图象能够估算出该过程中电容器的放电电荷量D．通过本实验可以估算出该电容器的电容值【考点】电容．【专题】电容器专题．【分析】放电的过程中，电荷量逐渐减小，抓住电容不变，结合电容的定义式确定电容器两极板间的电压变化．根据I﹣t图线所围成的面积求解放电的电荷量．根据电荷量和电压的变化量，结合电容的定义式求出电容．。

贵州省贵阳市2015届高考物理电学综合测试试题

R1=2Ω,R3=10Ω。

当开关S闭合后,电压表V1、V2的示数分别为5V和9V。

则R2的阻值应为( )A.2ΩB.4ΩC.6ΩD.8Ω4.通过定值电阻甲、乙的电流与其两端电压关系图像如图所示。

现将甲和乙并联后接在电压为3V的电源两端。

贵阳市普通高中2015届高三8月摸底考试物理试题含答案

贵阳市普通高中2015届高三年级8月摸底考试2014年8月注章事项；1-本试玉分第I息（it择题）和聲H卷（"逡择題）西都分。

JM分100分，考试时斶120 分伸。

2・第U卷（非选挣題）中有必效试题和逸做迖赠，请按矣求作釋。

3-考生务必杵自己的妊念、#号、座位号填写在料麵卡上和应位亜‘外将条形码枯贴庄播定位置64.请将答案頁在答题卡上。

写在本试耳上无敢。

第I卷（选择题48分）一、选垮逼（本題共12小B5.毎小题4分■共48分•在毎小亞所给的四个选项中，如1 -8小题只有一个选项符合题憲，第9-12小題有多个选项符合题意•全祁选对得4分，选对但不全得2分，有错选得0分）L如图所示迅—辆汽乍做直线运动的u 7图紀则汽乍在0 ~2g内和2s ~ 3»内相比絞•下列说法正确的是人位移大小相零 B.平均速度相等C・速度变化阳冋1）・合外力大小相同2.如图所示•水平地面上固定一个光滑轨逍46C•该轨道由两个半径均为R的+圆弧平淆连接而成・GU分别为两段國加所对应的El心40的连线登比现将一小球（可祝为质点）由放逍上人点静止释放,不计空代曲力,則小球落地点到人点的水平距离为A. 3R•B・J5RG 2R D. /13R3.毘想变压器原线国两端输入的交变电圧如图甲所示•变压界原&I线溜的匝数比为11：2・如图乙所示■定值电H1心wlOQ.K为滑动变阻器，则下列说法正确的是A.电圧表的示数为56.5VB.变压群偷出电压的频率为100山甲乙C・当滑动变阻器接人电路中的Hi值减小时，变压器输入功率变大D・当滑动变険器阴偵涮为零时•变斥藍的输出功率为16W高三物理模底考试试卷第1页（共6页）髙三枸谆損底考试试卷第2页（共6页）4. 如图所禾•楼直立在水平地面上的轻质井簧•下瑞因定衣地面匕将一金局球放監在弾簧顶瑞（球与曲賛不拴接｝ •并用力向下压球，使那賛压縮（住弹性限度内）-定秤度后.用竖直细线把弹黃拴牢•现奨然烧断细线，球無彼舟起，脱离弹賛后能継绫向上运动网么从绸线散烧断到金禺球刚脱离弹皆的运动过稈中•下列说法正确的是A ・金届球的机酿能守恒B. 在刚脱朋艸费的瞬阿金JB 球的动龙嚴大C ・金属球的动能与系统的曲性势能之和一宜在域小!>.金屁威的初能•直在减小而机披臆一住在增加5. 如图所示•物体B 直放在物体A 上•力辺的质星的为叫且上、下袤面均与斜面平行•它们以共局速度沿倾角为6的固曲斜面C 匀逸下滑"已知亟力加遑唐大小为《•则北过程中人札〃何没有辭俺療力B. /1与0间的动專鎳因数为》=C. /1受到B 的摩擦力方向沿舒面向tD ・/t 覺到刘面的滑动際擦力大小为2mgM6. 煤筋矿幷中用于监泌瓦斯浓浚的传感备•它的电口1曲瓦斷浓度的变化而蜚化■在如圧所朮的电路中•真中竝、/?均为定値电PR.不同的瓦斯沫座对用看传感器的不同电何■这样，圮示仪农（电圧我〉的IS 针轨与兀斯浓魔有了对垃关系，观家仪黑捋什锻肚刿斷瓦斯数虞足否超麻有一种瓦斯传感器•其电阻的倒数与瓦斯的浓度虫止比•那么•电压表示败"与瓦斯浓度C 之阿的对应关系正确丫扎CZ 增大•林C 越大.C 与U 成正比«. 0越大，太示C ❻小《与U 成反比CU 対大•表示£也大•但是C 与"不成还比D ・〃赵尢衷示£越小•但用C 与1/不成反比7•如图所屁一带正电、电荷处为q 的点电荷与均匀带电的正三角形障板郴距纠点电荷到带电薄板的垂线通过板的几何中心•若图中a 点处的合电场强度为年屁确应用竽效和对祢的思堆方法求岀带电薄板与点电荷在图中b 点处产生的令电场逊度大小为（静电力帝 fit 为的A. 0B.甲 a C 四D 型2 9护 U ・财8-如圈所亦为质诺仪测定带电粒子质就的装置的示意图.速度选择器（也称淀诗需）中电场 E 的方向!S 直向下盘孩应强度〃的方向1S 直纸面向里•分离器中盅丛应冬度仏的方向垂直纸瓯向外•在S 处有甲、乙、丙、丁四个一价止离子垂直于E 和d 入射到速度述择器中，若阿个离子的质慢叫工旳乙5尺=叭・人射切速捜叶 <吃二妝 •■不计离子重力—€>—I和岛子间的棚互作用，則分别打左F； £4、匕四点的离子分别屣A.甲丁丙乙B甲丁乙丙C 丁甲丙乙D.丁甲乙丙奇三物理損底考试试卷第3页（共6页）9・期图所示,一质傲为m的滑块秒止負于傾角为30啲因定祖M皿上，一轻质禅竇一瑞固定在竖宜墙上的P点，刃一端系征滑块上，押賢与竖克方向的夬角也为30°.垂力加速度大小为肌下列判斷正确的是A.弹簧一定处于压缩状杏B.滞块口J能受到三个力作用C.斜面对滑块的支持力大小可能为零10巳知壇球庚議为半径为R.自转周期为几地球同步卫星质fit为顷•引力常董为G.则有关貌地球正倉运行的同步卫星、下列表述正确的是A.卫星距和心的商度为B.卫星的运齐速度大丁第一宇宙速度C卫星运石时受到的向心力大小为G器D.卫星运行的向心加I逵度小于地球老面的重力加速度II•如38所示•固定的水平长直导线中通有水平向右的恒宏电流,导线下方的趣形线框与导统铠同一竖直平血內，且一边与导线平行.现将线框由冷止释改，左下落过程中,下列押断疋确的是A.线框的机讯竇逐淅减小3.穿过线梶的窓迪量侏持不变C.线框所受安掛为前合力为孚D.线框中始终产生顺时针方向能曲血电流12.51118所示，一绝螺且内壁光滑的环形细圆洽固总于竖宜平面内环的半径为叫近大于细管的内径儿在园管的股低点冇一査径路小于细管內径的带正电小球处于静止状态.空间存在TS悠应强度大小未知（不为零）■方向垂玄于环形细圆皆所在平血且向里的匀遇磁塚巳知車力加逢皮为&某时別给小球一方向水半囱右、大小为％ = 的初理度.则下列判斯正确的是A.无论磧感应强度大小如何.获得初诧度后的檢间，小球在最低点一定曼到習壁的聊力作用B-无怆厳啟应强度大小如何，小球一定範到达环形细圆钱的展髙点•目小球在最离点一定爻到管壁的弹力作用C无沦慈感应强度大小如何，小球一定能到达环形细圆管的最髙点,且小球到达最离点时的速度大小都相同奇三物理損底考试试卷第3页（共6页）"•小球视从环形绍圆管的晟低点运动到所能达到的晟岛点的过程中,机械能不守恒奇三物理損底考试试卷第3页（共6页）笫II卷（非选捋题52分）二、非选择題（包括必做题和选做題两部分.第13 IS-第16親为必働JH •毎个考生都必须做答.第17題一第】9题为邊奴趨，#生根皓要求做答）（一）必做题（本棉今4小匕兴37介）13. （5 分）（1）-个址稈为0・3V的电压衷，已知谈电压義是由一个^»Uft^/,«200g A^ai 为R, =5000的灵叙电流计改裝而成的•則与员盘电谥计串联的电用阴值为___ Q（2）现在用一不我盘劃度分布如图所示的欧舞袤粗略测童该H1圧表内阻,灣量前应将欧対衷的选样开奖指向 __ （逸填・x 1・、“ x 10-、・* 100-sJ[- A IK"）.测鼠时，直椅欧厨汽的紅表笔摄电压衣旳臧柱（选填“ •”或-J）.14-（10 分）为了测量一现具遥控车的额定功琴.菓同学用天平测其质員为0.6鸟,小车的西度由打点汁时券打出的紙带来测址•主要实歿步辣冇；人给透控车尾部系一条长最带,址借遇过打点计时赛；&接道打点计时SK电源频率为50Hx> ,使小车以旅泄功率沿水平地面加速到最大速度•继续匀途运行一段肘间后关闭小车发动机，便其在地面上樹行H至停下.打出的部分祇帝如圈所示t（1>由紙带可知通控车的&大速度为______ mA；打下A点时纸带的速度大小为______ 血©小车構行时的加速度大冷为_______ m/J.（2）若匿控小车运动时的阻力大小恒宦.则fil力大小为_ 汕超控车談定功率为______ W.15.<10分）如圄所示，水半轨道与径直平面内的圆弧轨逋平滑连接后B3定崔水平地面上,圆英轨道R端的切线沿水平方向.质凤严=1. Okg的滑块（可稅为质点）在水平但力F -10. ON的作用下•从A点由胖止开妁运动•当滑块运动的位移鼻工0.50m时撤去力F.涓块经过“点后•徒到达的最肉点为C,已知B、C两点的离度总h -0. 2m.4,Z?之何的fii岡*• = I-0m,常块与水平轨道何的g穩因数n =0. 10.取g = IOm/s,.求：（1）在橄去力F时，淆埃的速度大小：岛三物理換底再试试卷第4页〈共6页）（2）滑块从8滑到G过程中克服摩撩力所做的功.岛三物理換底再试试卷第4页〈共6页）16.（12分）如图所示，在直空中•半径为d的虚线侪围的倜形区域内只存在垂直纸面向:外的匀强倉场•在礦场右侧冇一对平行金属板M和/V,两板何距离也为d•板长为/•板河存I在的匀强电场边界与磁场边界相切，两板间的电压为〃。