上海理工大学附中高二物理上学期期中试卷(选修)(含解析)
2024届上海市上师大附中 物理高二第一学期期中学业质量监测试题含解析
2024届上海市上师大附中物理高二第一学期期中学业质量监测试题请考生注意：1．请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。
写在试题卷、草稿纸上均无效。
2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。
一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、一只白炽灯泡，正常发光时的电阻为121Ω，当这只灯泡停止发光一段时间后的电阻应是（）A．大于121ΩB．小于121ΩC．等于121ΩD．无法判断2、下列说法正确的是（）A．洛伦兹力对带电粒子永远不做功B．运动电荷在某处不受洛伦兹力作用，则该处的磁感应强度一定为零C．运动电荷在磁感应强度不为零的地方，一定受到洛伦兹力作用D．洛伦兹力既不能改变带电粒子的动能，也不能改变带电粒子的速度3、如图所示，电源内阻较大，当开关闭合、滑动变阻器滑片位于某位置时，水平放置的平行板电容器间一带电液滴恰好处于静止状态，灯泡L也能正常发光，现将滑动变阻器滑片由该位置向a端滑动，则（）A．灯泡将变暗，电源效率将减小B．液滴带正电，将向下做加速运动C．电源的路端电压增大，输出功率也增大D．滑片滑动瞬间，带电液滴电势能将减小4、如图所示，质量相同的两小球a、b分别从斜面顶端A和斜面中点B沿水平方向抛出后，恰好都落在斜面底端，不计空气阻力，下列说法正确的是（）A．小球a、b在空中飞行的时间之比为2：1B．小球a、b抛出时的初速度大小之比为2：1C．小球a、b到达斜面底端时的动能之比为4：1D．小球a、b到达斜面底端时速度方向与斜面的夹角之比为1：15、如图所示，在水平放置的光滑绝缘杆ab上，挂有两个相同的金属环M和N．当两环均通以图示的相同方向的电流时，分析下列说法中，哪种说法正确（）A．两环静止不动B．两环互相远离C．两环互相靠近D．两环同时向左运动6、关于导体的电阻及电阻率的说法中，正确的是A．由可知，导体的电阻跟导体两端的电压成正比，跟导体中的电流成反比B．由知，导体的电阻与长度l、电阻率成正比，与横截面积S成反比C．将一根导线一分为二，则半根导线的电阻和电阻率都是原来的二分之一D．将一根电阻丝均匀拉长为原来2倍，则电阻丝的电阻变为原来的2倍二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。
沪科版高二物理上学期期中试题及答案选修
沪科版高二物理上学期期中试题及答案选修 SANY标准化小组 #QS8QHH-HHGX8Q8-GNHHJ8-HHMHGN#高二物理选修3-1期中测试陕棉十二厂中学宋海勋一、选择题（每题4分，共48分）1．真空中有甲、乙两个点电荷，相距为r，它们间的静电力为F。
若甲的电量变为原来的2倍，乙的电量变为原来的1/3，距离变为2r，则它们之间的静电力变为[ ]A．3F/8 6 C.8F/3 D.2F/32．下面关于电场线的说法，其中正确的是[ ] A．在静电场中释放的点电荷，在电场力作用下一定沿电场线运动B．电场线的切线方向一定与通过此处的正电荷运动方向相同C．电场线的切线方向一定与通过该点的正电荷的加速度方向相同D．电场线是从正电荷出发到负电荷中止3. 关于磁场和磁感线的描述，正确的说法是：[ ]A、磁感线从磁体的N极出发，终止于S极B、磁场的方向就是通电导体在磁场中某点受磁场作用力的方向C、沿磁感线方向，磁场逐渐减弱D、在磁场强的地方同一通电导体受的安培力可能比在磁场弱的地方受的安培力小4. 带电粒子（不计重力）可能所处的状态是 [ ]①在磁场中处于平衡状态②在电场中做匀速圆周运动③在匀强磁场中做抛体运动④则在匀强电场中做匀速直线运动：A、①②B、①③C、②③D、②④5. 原来静止的点电荷在只受电场力时[ ]A．一定从场强大处向场强小处运动 B．一定从电势高处向电势低处运动C．一定从电势能大处向电势能小处运动 D．可能从电势能小处向电势能大处运动图16-A 5Ua bc d6. 在点电荷Q 的电场中，距Q 为r 处放一检验电荷q ，以下说法中正确的是[ ]A ．r 处场强方向仅由Q 的正、负决定B ．q 在r 处的受力方向仅由Q 的正、负决定C ．r 处场强的正、负由场强零点的选择决定D ．r 处场强的正、负由q 的正、负决定7. 下列说法正确的是[ ]A. 除永久磁铁以外，一切磁场都是由运动电荷产生的；B. 一切磁现象都起源于运动电荷；C. 一切磁作用都是运动电荷通过磁场发生的；D.有磁必有电，有电必有磁8. 图示中，A 、B 都是装在绝缘柄上的导体，A 带正电后靠近B ，发生静电感应。
上海理工大学附属中学高二上学期期中考试物理试卷 Word版含答案.pdf
上理工附中2015学年高二物理第一学期期中试卷 一．单项选择题(每题分x14=42分) ．在医疗手术中，为防止麻醉剂乙醚爆炸，地砖要用导电材料制成，医生和护士要穿由导电材料制成的鞋子和外套，一切设备要良好接地，甚至病人身体也要良好接地，这样做是为了（ ）A. 除菌消毒B.消除静电C. 利用静电D. 防止漏电A．避雷针避雷是中和云层中的异种电荷 B．避雷针避雷是将云层中积聚的电荷导入大地 C．为了美观，通常把避雷针顶端设计成球形 D．避雷针安装在高大建筑物顶部，而不必接地 5．下列说法中正确的是：（ C ）A.只有摩擦才能使物体的内能增加．B. 由于能量守恒，所以某个物体的能量总是不变的． C .某个系统无法依靠自身的作用回到原先的能量状态．D. 内能是一种较高品质的能． 6．关于物体的内能，以下说法中不正确的是┄┄┄┄┄┄（ C ） A.物体的内能是指物体内所有分子热运动的动能和分子势能之和 B.物体不从外界吸收热量，其内能也可能增加 C.外界对物体做功，物体的内能一定增加 D.物体内能的多少，跟物体的温度和体积都有关系 7、汽车关闭发动机后，沿斜坡匀速下滑的过程中┄┄┄┄（ D ）┄┄ A．汽车机械能守恒 B．汽车的势能转化为动能 C．汽车的机械能转化为内能，总能量减少 D．汽车机械能逐渐转化为内能，总能量守恒 8．一白炽灯泡的额定功率与额定电压分别为36 W与36 V。
若把此灯泡接到输出电压为18 V的电源两端，则灯泡消耗的电功率 （ B ） A．等于36 W B．小于36 W，大于9 W C．等于9 W D．小于9 W 9.一个检验电荷q在电场中某点受到的电场力为F，以及这点的电场强度为E，下图中能正确反映q、E、F三者关系的是() 11．如图所示某型号手机电池的背面印有如图所示的一些符号,另外在手机使用说书上还写有“通话时间3 h,待机时间100 h”.则该手机通话和待机时消耗的功率分别约为( ) A.1.8 W,5.4×10-2 W B.0.6 W,1.8×10-2 W C.3.6 W,0.108 W D.6.48×103 W,1.94×102 W 12.负电荷从电场中点由静止释放，只受电场力作用，沿电场线运动到点，它运动的速度—时间图象如右图所示，则、两点所在区域的电场线分布情况可能是下图中的（ ） “110V、40W”白炽灯L1和标有“110V、100W”白炽灯L2，与一只滑动变阻器（0～300Ω）组合起来接在220V的线路上，要使L1 、L2都能正常发光而且最省电，应选择的电路图是 （ ） 14．在匀强电场中，将质量为m，带电量为q的小球由静止释放，带电小球的运动轨迹为一直线，该直线与竖直方向的夹角为θ，如图所示，则电场强度的大小为（ B ） A．有唯一值mgtanθ／q ； B．最小值是mgsinθ／q； C·最大值mgtanθ／q； D·mg/q 二．填空题（每分x13=26分) __2.4 x 10_-19_____C， 16 C电量等于__1020_____元电荷 16．下列能源：天然气、石油、太阳能、汽油、煤炭、电力 属于一次能源的是：__天然气、石油、太阳能___煤炭_______________________________ 属于二次能源的是：___汽油____电力_____________________________ 17．A、B两个灯分别标有“220V、100W”和“220V、25W”的字样，现将它们串联在电路中，问：（1）通电后__________灯较亮？（填A或B）（2）该电路两端允许加的最大电压为_________伏。
上海理工大学附中高二物理上学期期中试卷(含解析)
2014-2015学年上海理工大学附中高二（上）期中物理试卷一、单选题（每题只有一个正确答案，每题2分，共20分）1．（2分）（2011•静安区二模）下列关于能源的说法中正确的是（）A．二次能源是指可重复利用的能源B．新能源是指新开采的能源C．一次能源是直接来自自然界的能源D．石油是二次能源考点：能量守恒定律．分析：（1）常规能源：人类利用多年且广泛使用的能源，如煤、石油、电能等；（2）新能源：新近才开始使用的可以重复使用的能源，如核能、太阳能、地热能、潮汐能；（3）一次能源：直接来自自然界而未经加工转换的能源，例如化石燃料、太阳能、水能、生物燃料；（4）二次能源：由一次性能源直接或间接转换而来的能源：煤气、氢能、电能、汽油、沼气．解答：解：A、二次能源是由一次性能源直接或间接转换而来的能源，不一定是可重复利用的能源，故A错误；B、新能源是指新近才开始使用的可以重复使用的能源，故B错误；C、D、一次能源是直接来自自然界而未经加工转换的能源，如石油，故C正确，D错误；故选C．点评：本题题考查了新能源和常规能源的区别：常规能源又称传统能源．已经大规模生产和广泛利用的煤炭、石油、天然气、水能等能源．新能源在新技术的基础上系统地开发利用的可再生能源，如太阳能、风能、生物质能、海洋能、地热能、氢能等．2．（2分）（2014秋•杨浦区校级期中）以下说法正确的是（）A．密立根用摩擦起电的实验发现了电子B．密立根用摩擦起电的实验测定了元电荷的电荷量C．密立根用油滴实验发现了电子D．密立根用油滴实验测定了元电荷的电荷量考点：物理学史；元电荷、点电荷．专题：常规题型．分析：根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．解答：解：密立根用油滴实验测定了元电荷的电荷量，密立根用油滴实验测定了元电荷的电荷量，故ABC错误，D正确；故选：D．点评：本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一．3．（2分）（2014秋•杨浦区校级期中）一木块沿斜面匀速下滑的过程中（）A．木块的机械能守恒B．木块的内能保持不变C．木块减小的重力势能全部转化为增加的动能D．木块减小的机械能转化为内能考点：物体的内能．分析：木块沿着粗糙的斜面匀速下滑，受到重力、支持力和摩擦力，力做功的过程就是能量的转化过程，物体克服摩擦做功，摩擦生热将机械能转化成内能．解答：解：木块在下滑的过程中，克服摩擦力做功，机械能减少，使物体的温度升高，内能增加，匀速运动，动能不变．故D正确故选：D点评：能量转化的过程都是有规律可循的，在平常的学习中要注意总结归纳．例如物体克服摩擦做功，摩擦生热就是将机械能转化成内能．4．（2分）（2014秋•上虞市校级期中）下列关于点电荷的说法正确的是（）A．点电荷的电量一定是1.60×10﹣19CB．实际存在的电荷都是点电荷C．点电荷是理想化模型D．大的带电体不能看成点电荷考点：元电荷、点电荷．分析：点电荷是不考虑其尺寸、形状和电荷分布情况的带电体，是实际带电体的理想化模型．在研究带电体间的相互作用时，若带电体的尺寸远小于它们之间的距离时，就可把带电体看成点电荷．点电荷是没有大小的带电体，是一种理想模型，实际的带电体（包括电子、质子等）都有一定大小，都不一定能看成点电荷．当电荷间距离大到可认为电荷大小、形状不起什么作用时，可把电荷看成点电荷．解答：解：A、点电荷是将带电物体简化为一个带电的点，元电荷是电量的最小值，点电荷的值可以等于元电荷，也可以是元电荷的整数倍，即点电荷的电荷量可多可少，故A错误．B、在研究带电体间的相互作用时，若带电体的尺寸远小于它们之间的距离时，才可把带电体看成点电荷，并不是所有电荷都可以看成点电荷，故B错误；C、点电荷是将带电物体简化为一个带电的点，点是没有大小的，而实际物体总有大小，故点电荷是理想模型，故C正确；D、点电荷是将带电物体简化为一个带电的点，物体能不能简化为点，不是看物体的绝对大小，而是看物体的大小对于两个电荷的间距能不能忽略不计，故大的带电体有时也可以看成点电荷，故D错误．故选：C．点评：带电体看作点电荷的条件，当一个带电体的形状及大小对它们间相互作用力的影响可忽略时，这个带电体可看作点电荷，是由研究问题的性质决定，与自身大小形状无具体关系．5．（2分）（2011•惠阳区校级学业考试）以下关于电场线的叙述，正确的是（）A．电场线是电荷移动的轨迹B．电场线是仅受电场力作用且从静止开始运动的电荷的运动轨迹C．仅受电场力作用时，电荷不可能沿电场线运动D．电荷的运动轨迹有可能与电场线重合考点：电场线．专题：带电粒子在电场中的运动专题；电场力与电势的性质专题．分析：电场线是为了形象的描述电场而人为的引入的，故电场线并不存在，电场线不是电荷运动的轨迹；电荷运动的轨迹与电场线重合的条件：①电场线是直线．②带电粒子仅受电场力．③带电粒子从静止开始运动，或带电粒子的初速度方向和电场线在同一条直线上．这三点缺一不可．解答：解：电场线是为了形象的描述电场而人为的引入的，电场线并不存在，电场线不是电荷运动的轨迹．故A错误．电荷运动的轨迹与电场线重合的条件：①电场线是直线．②带电粒子仅受电场力．③带电粒子从静止开始运动，或带电粒子的初速度方向和电场线在同一条直线上．故BC错误D正确．故选D．点评：掌握电场线的基本性质和特点是解决此类题目的关键．6．（2分）（2010秋•嘉峪关校级期末）在点电荷Q的电场中，距Q为r处放一检验电荷q，以下说法中正确的是（）A．r处场强方向仅由Q的正、负决定B．q在r处的受力方向仅由Q的正、负决定C．r处场强的正、负由场强零点的选择决定D．r处场强的正、负由q的正、负决定考点：电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场强度反映电场本身的性质，由电场本身决定．正点电荷产生的电场方向离正点电荷而去，负电荷产生的电场方向指向负电荷．电场力由电场和电荷共同决定．解答：解：A、根据物理学的规定可知，r处场强方向仅由Q的正、负决定．故A正确．B、q在r处的受力方向由Q、q的正、负共同决定．故B错误．C、场强与电势没有直接关系，与零电势的选择无关．故C错误．D、r处场强与q的正、负无关，仅由Q的正、负决定．故D错误，故选A．点评：电场强度是反映电场本身性质的物理量，与试探电荷无关，电场力既与场源电荷有关，也试探电荷有关．7．（2分）（2014秋•杨浦区校级期中）在如图所示电路中，下列说法错误的是（）A．当只闭合开关S1时，只有灯L1发光B．当只闭合开关S2时，只有灯L3发光C．当开关S1、S2都闭合时，只有灯L2发光D．当开关S1、S2都断开时，三盏灯都发光考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：根据有无电流通过灯泡来灯泡是否发光．根据开关的闭合情况，能分析灯泡的连接关系．解答：解：A、当只闭合开关S1时，L2、L3被短路，不发光，只有灯L1发光．故A正确．B、当只闭合开关S2时，L2、L1被短路，不发光，只有灯L3发光．故B正确．C、当开关S1、S2都闭合时，三个灯并联，都发光，故C错误．D、当开关S1、S2都断开时，三个灯串联，都发光，故D正确．本题选错误的，故选：C．点评：此题关键要明确灯泡的连接关系，明确是否知足，从而作出判断．8．（2分）（2013秋•连江县期中）两个大小相同、带等量异种电荷的导体小球A和B，彼此间的引力为F．另一个不带电的与A、B大小相同的导体小球C，先与A接触，再与B接触，然后移开，这时A和B之间的作用力为F′，则F与F′之比为（）A．8：3 B．8：1 C．1：8 D．4：1考点：库仑定律．专题：电场力与电势的性质专题．分析：理解库仑定律的内容．知道带电体相互接触后移开，同种电荷电量平分，异种电荷电量先中和再平分．解答：解：假设A带电量为Q，B带电量为﹣Q，两球之间的相互吸引力的大小是F=k第三个不带电的金属小球C与A接触后，A和C的电量都为，C与B接触时先中和再平分，则C、B分开后电量均为﹣，这时，A、B两球之间的相互作用力的大小F′=k= F即F与F′之比为8：1；故选：B．点评：要清楚带电体相互接触后移开，同种电荷电量平分，异种电荷电量先中和再平分．根据库仑定律的内容，找出变化量和不变量求出问题．9．（2分）（2012•南宁校级模拟）A、B是一条电场线上的两个点，一带负电的微粒仅在电场力作用下以一定初速度从A点沿电场线运动到B点，其速度﹣时间图象如图所示．则这一电场可能是下图中的（）A．B．C．D．考点：匀变速直线运动的图像；电场线．分析：（1）速度﹣﹣时间图象中，图象的斜率表示加速度；（2）电场线分布密集的地方电场强度大，分布稀疏的地方，电场强度小；（3）负电荷受电场力的方向与电场强度方向相反；（4）对只受电场力作用的带电微粒，电场力越大，加速度越大，也就是电场强度越大，加速度越大．解答：解：由图象可知，速度在逐渐减小，图象的斜率在逐渐增大，故此带负电的微粒做加速度越来越大的减速直线运动，所受电场力越来越大，受力方向与运动方向相反．故选：A．点评：本题考查了速度﹣﹣时间图象的应用和电场线的相关知识，要明确斜率的含义，要能根据图象判断物体的运动情况，进而分析受力情况．能根据电场线的分布判断电场强度的大小．难度适中．10．（2分）（2014秋•杨浦区校级期中）如图中a、b是两个点电荷，它们的电量分别为Q1、Q2，MN是ab连线的中垂线，P是中垂线上的一点．下列哪种情况不能使P点场强方向指向MN 的左侧？（）A．Q1、Q2都是正电荷，且Q1＜Q2B．Q1是正电荷，Q2是负电荷，且Q1＞|Q2|C．Q1是负电荷，Q2是正电荷，且|Q1|＜Q2D．Q1、Q2都是负电荷，且|Q1|＞|Q2|考点：电场强度；电场线．分析：利用点电荷的电场中电场强度方向，来确定Q1、Q2在P点的电场强度方向，然后由电场强度矢量叠加分析P点的场强方式．解答：解：A、当两点电荷均为正电荷时，若电荷量相等，则它们在P点的电场强度方向沿N→M 方向．当Q1＜Q2时，则Q1在P点的电场强度比Q2的小，所以电场强度合成后，方向偏左．不符合题意，故A错误．B、Q1是正电荷，Q2是负电荷，Q1在P点的电场强度方向从a→P，Q2在P点的电场强度方向从P→b，则合场强的方向偏右．不论电量大小关系，仍偏右．符合题意，故B正确；C、当Q1是负电荷，Q2是正电荷时，Q1在P点的电场强度方向从P→a，Q2在P点的电场强度方向从b→P，则合场强的方向偏左．不符合题意，故C错误．D、当Q1、Q2都是负电荷时，Q1在P点的电场强度方向从P→a，Q2在P点的电场强度方向从P→b，由于|Q1|＞|Q2|，Q1在P点的电场强度大，则根据电场的叠加可知，合场强方向偏左．不符合题意，故D错误；故选：B点评：正点电荷在某点的电场强度方向是这两点的连线且背离正电荷，而负点电荷在某点的电场强度方向是这两点的连线且指向负电荷．二、多选题（每题4分，共16分）11．（4分）（2014秋•杨浦区校级期中）关于能量转化与守恒的理解，下列说法中错误的是（）A．摩擦生热的过程是不可逆过程B．凡是能量守恒的过程就一定会发生C．空调机既能制热又能制冷，说明热传递不存在方向性D．由于能量的转化过程符合能量守恒定律，所以不会发生能源危机考点：功能关系．分析：本题的关键是对热力学第二定律的理解，凡是与“热”有关的过程都具有方向性．解答：解：A：摩擦生热是由机械能转化为内能的过程，是自发的过程，而内能不能自发的变为机械能，所以A正确；B：根据“热力学第二定律”可知，凡是能量守恒的过程不一定会发生，所以B错误；C：热传递存在方向性的含义是指热量可以自发的从高温物体传递到低温物体，而不能自发的从高温物体传递到低温物体，但若有其它影响也可以将热量从低温物体传递到高温物体，空调机制冷时必须通过压缩机做功才能实现热量从低温物体传递到高温物体，因此热传递仍然存在方向性，所以C错误；D：能量的转化过程尽管符合能量守恒定律，高品质的能量能够自发的变为内能耗散到空中，但耗散的低品质的能量不能再集中利用，所以会发生能源危机，故D错误；由于本题选择错误的故选：BCD．点评：热力学第二定律是指发生与分子热运动有关的所有宏观过程都具有方向性．12．（4分）（2008秋•苏州期末）某学生设计出如下四种逻辑电路，当A端输入高电压时，电铃不能发出声音的是（）A．B．C．D．考点：简单的逻辑电路．专题：恒定电流专题．分析：理解基本逻辑门电路的特点，工作原理，输入、输出关系．解答：解：A、与门电路，当输入1、0，输出0，故电铃不发出声音，故A正确；B、非门电路，当输入1，输出0，故电铃不发出声音，故B正确；C、或门电路，当输入1、0，输出1，再经非门，输出0，故电铃不发出声音，故C正确；D、或门电路，当输入1、0，输出1，故电铃能发出声音，故D错误；故选ABC．点评：考查了基本门电路、基本逻辑关系，输入、输出关系．13．（4分）（2014秋•杨浦区校级期中）如图所示的几种情况中，a、b两点的电场强度大小相等的是（）A．两带电平行板附近处的a、b两点B．两个等量同种电荷连线的中垂线上，与连线中点O等距的a、b两点C．离点电荷等距的a、b两点D．两个等量异种电荷连线的中垂线上，与连线中点0等距的a、b两点考点：电场的叠加．分析：电势是标量，只要大小相等即可，而场强为矢量，必须是大小和方向都相同才行．解答：解：A、平行板电容器中场强相同，而电势不同，故A正确；B、两等量同种电荷其连线的中垂线上与连线中点O等距的a、b两点电势相等，电场强度大小也相等，故B错误；C、距离点电荷等势面上的点电势相等，电场强度大小也相等．故C正确D、两等量异种电荷其连线的中垂线上与连线中点等距的任意两点电势为零，电场强度大小也相等．故D正确故选：ABCD．点评：不同考查了不同电场中电势和场强的知识，其中重点是电势是标量而场强是矢量．14．（4分）（2005•静安区二模）如图所示，把一个带电小球A固定在光滑的水平绝缘桌面上，在桌面的另一处放置带电小球B．现给小球B一个垂直AB连线方向的速度V0，使其在水平桌两上运动，则在开始的一段时间内，关于B球的运动情况，以下说法正确的是（）A．若A、B为同种电荷，B球一定做速度变大的曲线运动B．若A、B为同种电荷，B球一定做加速度变大的曲线运动C．若A、B为异种电荷，B球可能做加速度、速度都变小的曲线运动D．若A、B为异种电荷，B球速度的大小和加速度的大小可能都不变考点：库仑定律；牛顿第二定律．分析：分AB为同种电荷和异种电荷两种情况来讨论，当为同种电荷时，B球要远离A球，当为异种电荷的时候，根据库仑力和向心力的大小关系来分别讨论可能的运动情况．解答：解：A、若A、B为同种电荷，AB之间的库仑力为排斥力，并且力的方向和速度的方向不再一条直线上，所以B球一定做曲线运动，由于AB之间的距离越来越大，它们之间的库仑力也就越来越小，所以B球的加速度在减小，所以A正确，B错误；C、若A、B为异种电荷，AB之间的库仑力为吸引力，当AB之间的库仑力恰好等于向心力的时候，B球就绕着A球做匀速圆周运动，此时B球速度的大小和加速度的大小都不变，当AB之间的库仑力大于需要的向心力的时候，B球做向心运动，速度和加速度都要变大，当AB之间的库仑力小于需要的向心力的时候，B球做离心运动，速度和加速度都要减小，所以CD正确．故选ACD．点评：当AB为异种电荷的时候，B球可能做向心运动也可能做离心运动，当库仑力恰好等于向心力的时候，B球就绕着A球做匀速圆周运动．三、填空题（每空2分、共26分）15．（4分）（2012秋•上海校级期中）为了消除和利用烟气中煤粉，可采用如图所示的静电除尘装置，它是由金属管A和悬在管中的金属丝B组成，A接到高压电源正极，B接到高压电源负极，且A要接地，其目的是防止静电．A、B间有很强的电场，且距B越近电场越强（填“越强”或“越弱”）．考点：静电现象的解释．分析：电极A、B间接高电压后，之间产生了很强的电场，气体分子被电离成为电子和正离子，电子较轻，容易被粉尘吸附，故粉尘带负电，被正极A吸引，从而达到除尘的目的．解答：解：B接到高压电源负极，且A要接地，其目的是防止静电，避免出现高压放电危险．电极截面如图所示，由电场线可判断越靠近B场强越强；粉尘吸附电子后带负电，因此向正极A运动．故答案为：防止静电；越强．点评：本题涉及静电除尘的原理，关键是电子容易被吸附到灰尘上，故灰尘会吸附带带正电的A上．16．（4分）（2011秋•松江区校级期末）如图为一个应用简单逻辑电路控制的自动楼道灯原理电路，图中S为声控开关（有声音时开关闭合，无声音时开关断开），R t为光敏电阻（有光照时阻值会降到很小），R1和R2都是定值电阻，A为某种门电路，L为灯泡．当晚上有人发声时，能够自动打开楼道灯，白天即使有人发声楼道灯也不会亮．则图中门电路的符号为，为了增加电路的灵敏度，可调节电阻R1大些（填写大些，小些）考点：简单的逻辑电路．分析：要使小灯泡发光，则要具备两个条件，一是晚上，二是有声音，据此可以判断逻辑电路的方式．解答：解：晚上，光敏电阻比较大，则输入为高电势，有声音且输入为高电势，输出为高电势，灯泡亮，可知方框中是“与”门电路，符合是．当天黑时，光敏电阻增大，两端间的电势差增大，输入与门的是高电压．为了让路灯在天色更暗时才自动接通开关，应使电阻R增大，使得R的分得电压变大，使与门电路的输入端电压变小，路灯不被点亮．故答案为：，大些点评：解决本题的关键掌握门电路的特点，并能运用到实际的生活中去．17．（4分）（2008•韶关二模）空气压缩机在一次压缩过程中，活塞对气缸中空气做功为2×105J，空气的内能增加了1.5×105J，则空气放（填“吸”或“放”）热为5×104J．考点：热力学第一定律．专题：热力学定理专题．分析：活塞对空气做了2×105J的功，W为正值，空气的内能增加了2.5×105J，△U为正值，根据热力学第一定律分析吸放热情况．解答：解：由题：活塞对空气做了2×105J的功，W=2×105J．空气的内能增加了2.5×105J，△U=2.5×105J．根据热力学第一定律△U=W+Q得Q=△U﹣W=5.0×104J＞0，即空气从外界吸收热量5.0×104J．故答案为：放；5×104点评：本题考查对热力学第一定律的理解和应用能力，也可以从能量转化守恒的角度理解本题．18．（8分）（2014秋•杨浦区校级期中）如图所示，质量为m的小球用绝缘细线悬挂在O点，放在匀强电场中，在图示位置处于平衡状态．匀强电场场强的大小为E，方向水平向右，那么小球的带电性质是带正电，其带电量，此时，将细线剪断，小球在电场中的运动轨迹是直线，小球的加速度为2g ．考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；共点力平衡的条件及其应用．专题：电场力与电势的性质专题．分析：细线向右偏离竖直方向，小球受到的电场力方向水平向右，根据电场力方向与场强方向间的关系判断小球的电性．将细线剪断后，小球受到重力和电场力两个恒力作用，将沿它们的合力方向做匀加速直线运动．解答：解：由图看出，细线向右偏离竖直方向，小球受到的电场力方向水平向右，场强方向也水平向右，则小球应带正电；小球受到重力、电场力和绳子的拉力处于平衡状态，其中：，所以：；将细线剪断后，小球受到重力和电场力两个恒力作用，将沿它们的合力方向做匀加速直线运动，即将细线剪断，小球在电场中的运动轨迹是直线．加速度的大小：，g是重力加速度．故答案为：带正电，，直线，a=2g点评：物体从静止开始将沿着合力方向运动，如合力是恒力，将做匀加速直线运动．19．（6分）（2014秋•杨浦区校级期中）有两个小灯泡，它们的额定电压和额定功率分别为L1：“3V，3W”和L2：“2V，1.2W”，现要将它们接在6V电源上，使两小灯泡都能正常发光，只允许用两个电阻（阻值可选），某同学设计出以上电路，（1）请计算图中两个电阻的功率损耗之和 5.4W W，（2）请设计一个功率损耗更小的电路，把你的设计电路画在上面的虚线框内，并计算出两个电阻的功率损耗之和 1.8W W．考点：电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：（1）根据欧姆定律，求得电阻的电压和电流的大小，根据功率P=UI计算每个电阻的功率的大小；（2）并联电路的功率消耗大，所以让并联的部分尽量的减小，可以减小功率的损耗．解答：解：（1）两灯正常发光，电压L1=3V L2=2V，根据P=UI求得电流L1=1A，L2=0.6A；并联电路中电压相等，L2两端电压+R2两端电压=3V；R2两端电压=3V﹣2V=1V，R1两端电压为总电源6V﹣3V=3V；R2的电流=L2的电流=0.6A，R1的电流=两并联分支电流和=1.6A；根据P=UI 分别求出电阻功率P1=U1I1=3×1.6=4.8W，P2=U2I2=1×0.6=0.6W，所以功率的和为4.8W+0.6W=5.4W．（2）让L2与电阻R2并联之后再与L1和电阻R1串联，此时电阻R1的电压是1V，电流时1A，所以此时R1的功率为1W，电阻R2的电压是2V，电流时0.4A，此时R2的功率为0.8W．所以总的功率为1W+0.8W=1.8W．故答案为：5. 4w；1.8W．点评：掌握住欧姆定律，求得电阻的电压和电流，根据功率的公式计算．四、作图题（6分）20．（3分）（2014秋•杨浦区校级期中）如图是一个负电荷进入一电场后的轨迹，请标出该电场线的方向．考点：电场线．分析：根据负电荷的运动轨迹可知，电场力的大体方向向左；再据场强方向与负电荷受到的电场力的方向之间的关系，判断场强方向向右，解答：解：根据负电荷的运动轨迹可知，电场力的大体方向向左；再据场强方向负电荷受到的电场力的方向之间的关系，即可判断场强方向向右，方向如图：答：如图．点评：本题的关键据轨迹判断电场力的方向，判断电场线的方向，据电场力做功判断动能和电势能的变化．21．（3分）（2014秋•杨浦区校级期中）请在图中标出a点的场强方向，以及一负电荷在b 点所受电场力的方向．考点：电场线．分析：电场中电场强度的方向沿电场线的切线的方向；负电荷受力的方向与电场线的方向相反．解答：解：电场中电场强度的方向沿电场线的切线的方向，负电荷所受的电场力方向与电场线方向相反，如图所示：答：如图所示．点评：该题中要求画出A点的负电荷受力的方向，要注意负电荷受力的方向与电场线的方向相反．五、实验题（10分）22．（7分）（2014秋•杨浦区校级期中）某同学在做多用电表测电阻的实验中：（1）测量某电阻时，用“×10Ω”档时发现指针偏转角度过大，他应该换用×1Ω档（填“×1Ω”或“×100Ω”），换档后，在测量前先要重新欧姆调零．（2）如图所示，A、B、C是多用表在进行不同测量时，转换开关分别指示的位置，图D是多用表表盘指针在测量时的偏转位置．若是用A档测量，指针偏转如D，则读数为1300欧姆；若是用B档测量，指针偏转如D，则读数为 6.4mA ；若是用C档测量，指针偏转如D，则读数为32 ．（3）用多用电表正确测量了一个6KΩ电阻后，需要继续测量一个阻值大概是50Ω左右的电阻．在用红表笔、黑表笔接触这个电阻之前，以下哪些操作步骤是必须的，请选择其中有用的，按操作步骤顺序写出：CEA ．A．调节调零旋钮使表针指着欧姆零点B．把选择开关旋转到“×1KΩ”位置C．把选择开关旋转到“×10Ω”位置D．调节表盘下中间部位的调零螺丝，是表针指零E．将红表笔和黑表笔接触．。
上海大学附中2024届物理高二上期中检测试题含解析
上海大学附中2024届物理高二上期中检测试题考生须知：1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。
选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。
2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。
3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。
一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、为了测量列车运行的速度和加速度大小，可采用如图甲所示的装置，它由一块安装在列车车头底部的强磁体和埋设在轨道地面的一组线圈及电流测量记录仪组成（测量记录仪未画出）．当列车经过线圈上方时，线圈中产生的电流被记录下来，P、Q为接测量仪器的端口，若俯视轨道平面磁场垂直地面向下，如图乙所示．则在列车经过测量线圈的过程中，流经线圈I的电流方向为A．始终逆时针方向B．始终顺时针方向C．先逆时针，再顺时针方向D．先顺时针，再逆时针方向2、一石块从楼顶自由落下，不计空气阻力，取g=10m/s2，石块在下落过程中，第1.0s 末速度的大小为（）A．5.0m/sB．10m/sC．15m/sD．20m/s3、质点在一平面内沿曲线由P运动到Q，如果用v、a、F分别表示质点运动过程中的速度、加速度和受到的合外力，下列图象中可能正确的是( )A．B．C．D．4、下图甲为分压器接法电路图，电源电动势为E，内阻不计，变阻器总电阻为r．闭合电键S后，负载电阻R两端的电压U随变阻器本身a、P(滑片）两点间的阻值R x变化的图线应最接近于乙图中的哪条实线（）A．①B．②C．③D．④5、如图所示，虚线a、b、c代表电场中的三条电场线，实线为一带正电的质点仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、R、Q是这条轨迹上的三点，点R同时在电场线b上，由此可判断A．带电质点在P点的加速度比在Q点的加速度小B．带电质点在P点的电势能比在Q点的大C．带电质点在P点的动能大于在Q点的动能D．P、R、Q三点，P点处的电势最高6、如图所示电路，电源电动势e = 6V，内阻不计。
上海大学附中2024届物理高二上期中经典模拟试题含解析
上海大学附中2024届物理高二上期中经典模拟试题注意事项：1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。
2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。
3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。
4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。
一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、随着科幻电影《流浪地球》的热映，“引力弹弓效应”进入了公众的视野．“引力弹弓效应”是指在太空运动的探测器，借助行星的引力来改变自己的速度．为了分析这个过程，可以提出以下两种模式：探测器分别从行星运动的反方向或同方向接近行星，分别因相互作用改变了速度．如图所示，以太阳为参考系，设行星运动的速度为u，探测器的初速度大小为v0，在图示的两种情况下，探测器在远离行星后速度大小分别为v1和v2.探测器和行星虽然没有发生直接的碰撞，但是在行星的运动方向上，其运动规律可以与两个质量不同的钢球在同一条直线上发生的弹性碰撞规律作类比．那么下列判断中正确的是A．v1> v0B．v1= v0C．v2> v0D．v2=v02、下列实例中，哪一项不是为了防范静电现象导致事故而采取的措施（）A．利用静电给火箭发动机点火B．油罐车车下拖一条跟地面接触的铁链C．高楼上装避雷针D．飞机起落架的轮胎用导电橡胶制成3、带电粒子射入一固定的带正电的点电荷Q的电场中,沿图中实线轨迹从a运动到b,a、b两点到点电荷Q的距离分别为r a、r b(r a>r b),b点为运动轨迹上到Q的最近点,不计粒子的重力,则可知（）A．运动粒子带负电B．b点的场强小于a点的场强C．a到b的过程中,电场力对粒子不做功D．a到b的过程中,粒子动能和电势能之和保持不变4、如图甲所示，弹簧振子以O点为平衡位置，在A、B两点之间做简谐运动，取向右为正方向，振子的位移x随时间t的变化如图乙所示，下列说法正确的是()A．t＝0.2 s时，振子在O点右侧6 cm处B．t＝0.8 s时，振子的速度方向向左C．t＝0.4 s和t＝1.2 s时，振子的加速度完全相同D．t＝0.4 s到t＝0.8 s的时间内，振子的速度逐渐减小5、两个完全相同的绝缘金属球a和b（可视为质点）相距为r，电荷量分别为+3q和+q，两球接触后再分开放回原位置，下列分析正确的是（）A．现在a 的电荷量为+2q、b的电荷量为0B．现在a、b的电荷量都为+2qC．此过程中是a球上的电子转移到b球D．现在两球间的库仑力6、关于磁感应强度B，下列说法中正确的是( )A．由定义式B=FIL可知，磁感应强度B与F成正比，与IL成反比B．一小段通电导线放在磁感应强度为零处，它所受的磁场力一定为零C．一小段通电导线在某处不受磁场力作用，该处的磁感应强度一定为零D．磁场中某处磁感应强度的方向，与通电导线在该处所受磁场力的方向相同二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。
上海市上海师范大学附属中学2024届物理高二第一学期期中监测试题含解析
上海市上海师范大学附属中学2024届物理高二第一学期期中监测试题注意事项:1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。
2．答题时请按要求用笔。
3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。
4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。
5．保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。
一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、在新农村建设的街道亮化工程中，全部使用太阳能路灯，如图是某行政村使用的太阳能路灯的电池板铭牌，电池的开路电压等于电池在断路时（即没有电流通过两极时）电池两极的电压，则电池板的内阻值约为（）A．0.14ΩB．0.16ΩC．6.23ΩD．7.35Ω2、如图所示，平行板电容器与一个恒压直流电源连接，下极板通过A点接地，一带正电小球被固定于P点，现将平行板电容器的下极板竖直向下移动一小段距离，则( )A．平行板电容器的电容将变大B．静电计指针张角变小C．电容器的电荷量不变D．带电小球的电势能将增大3、如图所示是由电源E、灵敏电流计G、滑动变阻器R和平行板电容器C组成的电路，闭合开关S，在下列四个过程中，为使灵敏电流计中有b到a电流，下列做法可行的是A．在平行板电容器中插入一块塑料板B．增大平行板电容器两极板间的距离C．滑动变阻器R的滑片向右滑动D．减小平行板电容器两极板的正对面积4、如图所示，电场强度为E的匀强电场中,沿电场强度方向有A、B、C、D四点,且AB= BC=CD=L,在A、C两点分别引入带异号电荷的点电荷，且电荷量大小满足Q A=KQ c．现测得B处电场强度的大小为2E,D处电场强度的大小为23E,则倍数K为( )A．1.5 B．2 C．3 D．2.55、如图所示，物体A和B的质量均为m，且分别与跨过定滑轮的轻绳连接(不计绳与滑轮、滑轮与轴之间的摩擦)，用水平变力F拉物体B，B沿水平方向向左做匀速直线运动.则()A．物体A也做匀速直线运动B．绳子拉力始终等于物体A所受重力C．A物体的速度逐渐增大D．A物体的速度逐渐减小6、关于摩擦起电和感应起电，以下说法正确的是（）A．摩擦起电是因为电荷的转移，感应起电是因为产生电荷B．摩擦起电是因为产生电荷，感应起电是因为电荷的转移C．不论摩擦起电还是感应起电都是电荷的转移D．以上说法均不正确二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。
上海理工大学附中高二物理上学期期中试卷(选修)(含解析)
上海理工大学附中高二物理上学期期中试卷（选修）（含解析）一、单项选择题1．（3分）（2014秋•杨浦区校级期中）关于气体的压强，下列说法中正确的是（）A．气体的压强是由气体分子间的吸引和排斥产生的B．气体分子的平均速率增大，气体的压强一定增大C．气体的压强是由于气体分子的频繁撞击产生的D．当某一容器自由下落时，容器中气体的压强将变为零考点：理想气体的状态方程．专题：理想气体状态方程专题．分析：气体的压强是由于气体分子的频繁撞击产生的，气体分子的平均速率增大，若气体体积增大，气体的压强不一定增大，当某一容器自由下落时，分子的运动不影响，容器中气体的压强不为零．解答：解：A、气体的压强是由于气体分子的频繁撞击产生的，A错误C正确B、气体分子的平均速率增大，若气体体积增大，气体的压强不一定增大，B错误D、当某一容器自由下落时，分子的运动不影响，容器中气体的压强不为零，D错误故选：C点评：掌握气体压强产生的原因，影响压强大小的因素：分子的密度和分子的平均速率．2．（3分）（2014秋•杨浦区校级期中）如图所示，两端开口的U形管中装有水银，但水银被气体隔为两段，要使两边水银面的高度差h增大，可以采取的办法是哪个（）A．从左侧管口滴入水银B．从右侧管口滴入水银C．让气体温度升高D．让气体温度降低考点：封闭气体压强．专题：气体的压强专题．分析：同一段连续的水银柱的同一高度位置的液压是相同的，求解出两边水银面的高度差h的决定式进行讨论即可．解答：解：同一段连续的水银柱的同一高度位置的液压是相同的，故封闭气体压强为：P=P0+ρgh；设右侧一小段水银柱高度为h′，则封闭气压也可以表示为：P=P0+ρgh′；联立解得：h=h′A、从左侧管口滴入水银，h′不变，故左侧水银柱下降，右侧水银柱上升，稳定时两边水银面的高度差h是不变的，故A错误；B、从右侧管口滴入水银，h′变大，故左侧水银柱上升，右侧水银柱下降，稳定时两边水银面的高度差h变大，故B正确；C、D、气体温度变化，但气压不变，故稳定时两侧的高度差恒定，故C错误，D错误；故选B．点评：本题关键是根据同一段连续的水银柱的同一高度位置的液压相同的特点，求解出边水银面的高度差h的表达式进行讨论，不难．3．（3分）（2014秋•杨浦区校级期中）如图所示，一气缸竖直倒放，气缸内有一质量不可忽略的活塞，将一定质量的理想气体封在气缸内，活塞与气缸壁无摩擦，气体处于平衡状态，现保持温度不变，把气缸稍微倾斜一点，在达到平衡后与原来相比，则（）A．气体的压强变大B．气体的压强变小C．气体的体积变大D．不能确定气体的体积和压强的变化考点：理想气体的状态方程．专题：理想气体状态方程专题．分析：对活塞进行受力分析，前后两个过程活塞均处于受力平衡状态，可以判断气缸内气压强的变化，然后根据理想气体状态方程得到气体体积的变化解答：解：当气缸竖直放置时，对活塞受力分析如图，所以，P0S=G+PS ①即外界大气压力等于重力与内部气体产生的压力之和．当气缸倾斜时活塞受力如图，此时：Gcosθ+P1S=P0S ②由①②可知，P1＞P，即末状态压强大于初状态，故A正确，B错误．整个过程是等温变化，由PV=C可知，压强增大时，体积减小，故CD错误．故选：A点评：此题把受力平衡与理想气体状态方程相结合，所以在解题过程中思维不要仅局限在理想气体状态方程和热力学第一定律上．4．（3分）（2014•肇庆二模）为了将空气装入气瓶内，现将一定质量的空气等温压缩，空气可视为理想气体．下列图象能正确表示该过程中空气的压强P和体积y关系的是（）A．B．C．D．考点：理想气体的状态方程．专题：理想气体状态方程专题．分析：根据理想气体等温变化特点可正确解答．解答：解：根据理想气体状态方程，空气等温压缩，有PV=C，知P 与成正比，在P ﹣图象中为过原点的直线，所以该过程中空气的压强P 和体积的关系图是图B，故ACD错误，B正确．故选B．点评：解答此类问题首先要弄清坐标轴的含义，然后根据理想气体的状态方程，结合数学知识分析解答问题．要特别注意在描述气体状态变化的图线中虚线部分的含义．5．（3分）（2012•茂名一模）如图所示，一向右开口的汽缸放置在水平地面上，活塞可无摩擦移动且不漏气，汽缸中间位置有小挡板．初始时，外界大气压为p0，活塞紧压小挡板处，现缓慢升高缸内气体温度，则下列P﹣T图象能正确反应缸内气体压强变化情况的是（）A．B．C．D．考点：理想气体的状态方程．专题：理想气体状态方程专题．分析：由题：初始时，活塞紧压小挡板处，说明外界大气压大于缸内气体的压强．当缓慢升高缸内气体温度时，气体先发生等容变化；当缸内气体的压强等于外界的大气压时，气体发生等压膨胀．解答：解：当缓慢升高缸内气体温度时，气体先发生等容变化，根据查理定律，缸内气体的压强P与热力学温度T成正比，图线是过原点的倾斜的直线；当缸内气体的压强等于外界的大气压时，气体发生等压膨胀，图线是平行于T轴的直线．故选B点评：本题考查分析气体状态变化过程的能力和读图能力，要善于抓住隐含的不变量，比如活塞不移动时，气体的体积不变．6．（3分）（2011•江西校级三模）如图所示，导热的气缸开口向下，缸内活塞封闭了一定质量的理想气体，活塞可自由滑动且不漏气，活塞下挂一个砂桶，砂桶装满砂子时，活塞恰好静止，现将砂桶底部钻一个小洞，让细砂慢慢漏出．气缸外部温度恒定不变，则（）A．缸内的气体压强减小，内能减小B．缸内的气体压强增大，内能减小C．缸内的气体压强增大，内能不变D．外界对气体做功，缸内的气体内能增加考点：理想气体的状态方程；热力学第一定律；封闭气体压强．专题：理想气体状态方程专题．分析：以活塞为研究对象，根据力平衡得知气缸内气体的压强逐渐增大，气体被压缩，体积减小，外界对气体做功．由于气缸是导热的，气体的温度与环境相等，保持不变，其内能不变．解答：解：设活塞重力为G，横截面积为S，大气压为P0，则以活塞为研究对象，根据力平衡得到：气缸内气体的压强P=P0﹣，由于G减小，则P增大，即气体压强增大，被压缩，外界对气体做功．由于气缸是导热的，气体的温度与环境相等，保持不变，其内能不变．故选C点评：本题关键是运用力学知识分析气体压强如何变化，同时抓住一定质量的理想气体的内能只跟温度有关．7．（3分）（2011•上海）如图，一定量的理想气体从状态a沿直线变化到状态b，在此过程中，其压强（）A．逐渐增大B．逐渐减小C．始终不变D．先增大后减小考点：理想气体的状态方程．分析：由图象知气体的体积减小、温度升高，由理想气体状态方程问题立解．解答：解：根据气体状态方程，因为沿直线从a到b，V逐渐变小，T逐渐变大，所以P逐渐变大．点评：本题考查理想气体状态变化规律及图象，难度：容易．8．（3分）（2011•重庆）某汽车后备箱内安装有撑起箱盖的装置，它主要由汽缸和活塞组成．开箱时，密闭于汽缸内的压缩气体膨胀，将箱盖顶起，如图所示．在此过程中，若缸内气体与外界无热交换，忽略气体分子间相互作用，则缸内气体（）A．对外做正功，分子的平均动能减小B．对外做正功，内能增大C．对外做负功，分子的平均动能增大D．对外做负功，内能减小考点：热力学第一定律．专题：计算题．分析：根据热力学第一定律公式△U=W+Q，公式中△U表示系统内能的增加量，W表示外界对系统做的功，Q表示系统吸收的热量，题中气体膨胀对外界做功，即气体对外界做负功，故W＜0，气体与外界无热交换，故Q=0，从而判断出气体内能的变化，也就得到分子的平均动能的变化情况．解答：解：密闭于气缸内的压缩气体膨胀对外做正功，即外界对气体做负功，因而W＜0，缸内气体与外界无热交换说明Q=0，忽略气体分子间相互作用，说明内能是所有分子动能的总和．根据热力学第一定律△U=W+Q，可知内能增加量△U＜0，故内能减小，分子平均动能减小，温度降低．所以只有A正确；故选A．点评：热力学第一定律的公式△U=W+Q中，△U表示系统内能的增加量，W表示外界对系统做的功，当系统对外界做功时，W取负值，Q表示系统吸收的热量，当系统放出热量时，Q 取负值．二、单选题9．（3分）（2014秋•资阳区校级期末）在电场中的某点放一个检验电荷，其电量为q，受到的电场力为F，则该点的电场强度，下列说法正确的是（）A．若移去检验电荷，则该点的电场强度为0B．若检验电荷的电量变为4q，则该点的场强变为4EC．若放置到该点的检验电荷变为﹣2q，则场中该点的场强大小不变，但方向相反D．若放置到该点的检验电荷变为﹣2q，则场中该点的场强大小方向均不变考点：电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场强度是反映电场本身的力的性质的物理量，与试探电荷无关，在电场中同一点，电场强度是确定不变的．解答：解：A、由题，该点的电场强度，若移去检验电荷，该点的电场强度仍为．故A错误．B、若检验电荷的电量变为4q，检验电荷所受的电场力为4F，该点的电场强度仍为．故B错误．C、D若放置到该点的检验电荷变为﹣2q，检验电荷所受的电场力为﹣2F，该点的电场强度仍为．故C错误，D正确．故选：D．点评：电场强度的定义式，具有比值定义法的共性，定义出的电场强度与F、q无关，由电场本身决定．10．（3分）（2011秋•苏州期末）如图所示，半径相同的两个金属小球A、B带有等量异种电荷，相隔一定距离，两球之间的相互吸引力的大小是F，今让第三个与A、B完全相同的不带电的金属小球先后与A、B两球接触后移开．这时，A、B两球之间的相互作用力的大小是（）A．B．C．D．考点：库仑定律．分析：理解库仑定律的内容．知道带电体相互接触后移开，同种电荷电量平分，异种电荷电量先中和再平分．解答：解：假设A带电量为Q，BA带电量为﹣Q，两球之间的相互吸引力的大小是F=第三个不带电的金属小球C与A接触后，A和C的电量都为，C与B接触时先中和再平分，则C、B分开后电量均为﹣，这时，A、B两球之间的相互作用力的大小F′==故选A．点评：要清楚带电体相互接触后移开，同种电荷电量平分，异种电荷电量先中和再平分．根据库仑定律的内容，找出变化量和不变量求出问题．11．（3分）（2012•南宁校级模拟）A、B是一条电场线上的两个点，一带负电的微粒仅在电场力作用下以一定初速度从A点沿电场线运动到B点，其速度﹣时间图象如图所示．则这一电场可能是下图中的（）A．B．C．D．考点：匀变速直线运动的图像；电场线．分析：（1）速度﹣﹣时间图象中，图象的斜率表示加速度；（2）电场线分布密集的地方电场强度大，分布稀疏的地方，电场强度小；（3）负电荷受电场力的方向与电场强度方向相反；（4）对只受电场力作用的带电微粒，电场力越大，加速度越大，也就是电场强度越大，加速度越大．解答：解：由图象可知，速度在逐渐减小，图象的斜率在逐渐增大，故此带负电的微粒做加速度越来越大的减速直线运动，所受电场力越来越大，受力方向与运动方向相反．故选：A．点评：本题考查了速度﹣﹣时间图象的应用和电场线的相关知识，要明确斜率的含义，要能根据图象判断物体的运动情况，进而分析受力情况．能根据电场线的分布判断电场强度的大小．难度适中．12．（3分）（2009•安徽）在光滑的绝缘水平面上，有一个正方形的abcd，顶点a、c处分别固定一个正点电荷，电荷量相等，如图所示．若将一个带负电的粒子置于b点，自由释放，粒子将沿着对角线bd往复运动．粒子从b点运动到d点的过程中（）A．先作匀加速运动，后作匀减速运动B．先从高电势到低电势，后从低电势到高电势C．电势能与机械能之和先增大，后减小D．电势能先减小，后增大考点：电势能；能量守恒定律；电势．专题：电场力与电势的性质专题．分析：b d连线即为ac连线的中垂线，因此解决本题的关键是明确等量正电荷连线的中垂线上电场特点，从而进一步判断所受电场力、电势、电势能等变化情况．解答：解：A、由等量正电荷连线的中垂线上电场分布可知：由于负电荷受到的电场力是变力，加速度是变化的，故A错；B、由等量正电荷的电场分布知道，在两电荷连线的中垂线O点的电势最高，所以从b到a，电势是先增大后减小，故B错；C、由于只有电场力做功，所以只有电势能与动能的相互转化，故电势能与机械能的和守恒，故C错；D、由b到ac连线的中点O的过程中，电场力做正功，电势能减小，由O到d电场力做负功，电势能增加，故D正确．故选D．点评：本题考察了等量同种电荷的电场分布情况，在学习中要明确正电荷、负电荷、等量同种电荷、等量异种电荷等电场的分布情况．13．（3分）（2014秋•淄川区校级期末）如图所示，AB和CD为圆上两条相互垂直的直径，圆心为O．将电荷量分别为+q和﹣q的两点电荷放在圆周上，其位置关于AB对称且距离等于圆的半径，如要使圆心处电场强度为零，可在圆周上再放一个适当的点电荷Q，则该点电荷（）A．放在A点，Q=2q B．放在B点，Q=﹣2qC．放在C点，Q=﹣q D．放在O点，Q=﹣q考点：电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场叠加是多个电荷在空间某处产生的电场强度为各电荷单独在该处所产生的电场强度的矢量和，符合平行四边形定则．解答：解：由平行四边形定则得出+q和﹣q在O点产生的合场强水平向右，大小等于其中一个点电荷在O点产生的场强的大小．要使圆心处的电场强度为零，则应在C点放一个电荷量Q=﹣q的点电荷，或在D点放一个电荷量Q=+q的点电荷．故C正确，ABD错误．故选：C．点评：对于电场叠加问题的求解方法：1．确定要分析计算的位置；2．分析该处存在几个分电场，先计算出各个分电场电场强度的大小，判断其方向；3．利用平行四边形定则作出矢量图，根据矢量图求解．14．（3分）（2014秋•杨浦区校级期中）如图所示，右端开口左端封闭的U形管内水银柱封有一段气柱．已知大气压强为P0，则被封闭部分气体压强P为（均水银柱为单位）（）A．P0+h2B．P0﹣h1C．P0﹣h1﹣h2D．P0+h1﹣h2考点：理想气体的状态方程．专题：理想气体状态方程专题．分析：以封闭气体的水银柱作为研究对象，根据图示应用平衡条件求出封闭气体的压强．解答：解：由平衡条件可知，封闭气体的压强：p=p0﹣h1故选：B点评：本题考查了求气体的压强，应用平衡条件即可正确解题，解题时要注意单位换算．15．（3分）（2014秋•杨浦区校级期中）一定质量的理想气体，经历如图所示的状态变化，A→B→C，则这三个状态的热力学温度之比T A：T B：T C为（）A．1：3：5 B．3：2：1 C．5：6：3 D．3：6：5考点：理想气体的状态方程．专题：理想气体状态方程专题．分析：根据理想气体状态方程可判断出温度之比．解答：解：根据理想气体状态方程知：，所以：，得：TA：T B：T C=3：6：5故选：D点评：本题是理想气体状态方程的综合应用．难度不大．16．（3分）（2014秋•合阳县期末）a、b、c是匀强电场中三个点，各点电势依次为10V、2V、6V；三点在同一平面上．下列各图中，电场强度的方向表示可能对的是（）A．B．C．D．考点：电场强度；电势．专题：电场力与电势的性质专题．分析：在匀强电场中，电场强度大小处处相等，方向处处相同，则电场线是平行且等间距．电势沿着电场线降低，电场线与等势面垂直．解答：解：各点电势φA=10V，φB=2V，φC=6V，则AB两点连线的中点M的电势为6V，因此M 点与C点的连线为等势面，那么与连线垂直的方向即为电场线的方向．由于φA=10V，φB=2V，又因为电势沿着电场线降低．所以D正确；故选：D点评：等势面就是电势相等的点所构成的平面．电荷在等势面上移动，电场力不做功．因此电场线与等势面垂直．三、多项选择题17．（3分）（2011秋•沙市区校级期末）如图中实线是一簇未标明方向的由点电荷产生的电场线，虚线是某一带电粒子通过该电场区域的运动轨迹，a、b是轨迹上的两点．若带电粒子在运动中只受电场力作用，根据此图可作出正确判断的是（）A．带电粒子所带电荷的符号B．带电粒子在a、b两点的受力方向C．带电粒子在a、b两点的速度何处较大D．带电粒子在a、b两点的加速度何处较大考点：电场线．分析：由图，粒子的运动轨迹向左弯曲，说明粒子受到的电场力大体向左，电场线方向不明，无法判断粒子的电性．根据电场线疏密程度，判断ab两点场强的大小，从而判断ab两点电场力大小，再根据牛顿第二定律得ab点加速度的大小．解答：解：A、B、由图，粒子的运动轨迹向左弯曲，说明粒子在a、b两点受到的电场力沿电场线向左，如图．由于电场线方向不明，无法确定粒子的电性．故A错误，B正确．C、由轨迹弯曲方向与粒子速度方向的关系分析可知，电场力对粒子做负功，粒子的动能减小，电势能增大，则粒子在a点的速度较大，故C正确．D、根据电场线的疏密程度，判断ab两点场强的大小，从而判断ab两点电场力大小，再根据牛顿第二定律得a点加速度的大，故D正确．故选：BCD点评：本题是电场中粒子的轨迹问题，首先要能根据轨迹的弯曲方向判断粒子受力方向，其次判断粒子动能和电势能的变化要根据电场力做功情况．18．（3分）（2013•江西校级一模）如图所示，甲分子固定在坐标原点O，乙分子沿x轴运动，两分子间的分子势能E P与两分子间距离的关系如图中曲线所示，图中分子势能的最小值为﹣E0．若两分子所具有的总能量为0，则下列说法中正确的是（）A．乙分子在P点（x=x2）时，加速度最大B．乙分子在P点（x=x2）时，其动能为E0C．乙分子在Q点（x=x1）时，处于平衡状态D．乙分子的运动范围为x≥x1考点：分子间的相互作用力；分子势能．专题：分子间相互作用力与分子间距离的关系．分析：分子间存在相互作用的引力和斥力，当二者大小相等时两分子共有的势能最小，分子间距离为平衡距离，当分子间距离变大或变小时，分子力都会做负功，导致分子势能变大．两分子所具有的总能量为分子动能与分子势能之和．解答：解：A、由图象可知，乙分子在P点时，分子引力与分子斥力大小相等，合力为零，加速度为零，故A错误B、乙分子在P点时，其分子势能为﹣E0，由两分子所具有的总能量为0可知其分子动能为E0，故B正确C、乙分子在Q点时，分子引力小与分子斥力，合力表现为斥力，乙分子有加速度，不处于平衡状态，故C错误D、当乙分子运动至Q点时，其分子势能为零，故其分子动能也为零，分子间距最小，而后向分子间距变大的方向运动，故乙分子的运动范围为x≥x1，故D正确故选：BD点评：熟悉分子力的变化规律，知道分子力做功与分子势能变化的关系，知道总能量由分子势能和分子动能两者之和构成，本题考查的过程很细，要加强分析．19．（3分）（2014秋•杨浦区校级期中）如图所示，两端封闭，粗细均匀的U形管竖直放置，管内装有水银，将两部分气体分别封闭在左右封闭端，水银面高度差为h，则（）A．将U形管全部浸入热水中，h变大B．温度不变，将U形管平放，两臂位于同一水平面上，h变大C．温度不变，U形管沿竖直方向自由下落，h变小D．温度不变，使U形管沿水平方向做匀减速运动，h变小考点：理想气体的状态方程．专题：理想气体状态方程专题．分析：假设水银不动，左右两部分气体都将等容变化，根据初态时左右两部分气体的压强和温度的关系，由气体的状态方程计算温度升高时两部分气体的压强增加的大小，再判断高度差的变化．解答：解：A、假设水银不动，左右两部分气体都将等容变化，根据初态时两边温度相等，但左侧气体的压强大，根据气体的状态方程可得，，所以△P=，由于初态时两边温度相等，但左侧气体的压强大，升高相同的温度的时候，左侧的压强增加的多，所以左侧的气体体积变大，水银的高度差变大，所以A正确．B、温度不变，将U形管平放，两边气体的压强相等，开始左侧压强大，所以左侧气体的体积变大，h变大，B正确C、温度不变，U形管沿竖直方向自由下落，水银对气体的压强消失，左侧气体推着水银向右运动，h变大，C错误D、温度不变，使U形管沿水平方向做匀减速运动，h不变，D错误故选：AB．点评：本题关键是掌握住这种分析问题的方法，在理想气体的压强这部分，假设气体的体积不变，分析压强的变化，在得出气体的体积的变化，是常用的一种方法．20．（3分）（2011秋•上海校级期末）如图所示，在点电荷Q形成的电场中，已知a、b两点在同一等势面上，c、d两点在同一等势面上．甲、乙两个带电粒子的运动轨迹分别为acb 和adb曲线，两个粒子经过a点时具有相同的动能，由此可以判断（）A．甲乙两粒子带同号电荷B．甲粒子在c点时的动能大于粒子在d点时的动能C．甲粒子在c点时与乙粒子在d点时具有相同的动能D．两粒子经过b点时具有相同的动能考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：根据曲线运动中合力指向轨迹弯曲的内侧，判断两带电粒子所受的电场力方向，确定两带电粒子的电性，分析电场力做功的正负，由动能定理分析动能关系．根据正电荷在电势高处电势能大分析电势能的关系．解答：解：A、由上可知，甲与Q是同种电荷，乙与Q是异种电荷，故甲、乙两个粒子带异种电荷，故A错误．B、由图看出B由带电粒子的轨迹弯曲方向可知，Q对乙粒子有斥力，对甲粒子有引力，从a到c，电场力对乙做负功，动能减小，电场力对甲粒子做正功，动能增大，而两个粒子经过a点时具有相同的动能，故甲粒子经过c点时的动能大于乙粒子经过d点时的动能．故B正确C错误．D、a、b位于同一等势面上，电势相等，从a到b电场力做功均为零，两个粒子经过a点时具有相同的动能，则两粒子经过b点时也具有相同的动能，故C错误故选：BD．点评：本题首先根据粒子轨迹弯曲方向判断电场力大致方向，确定粒子的电性，由动能定理分析判断动能关系．四、填空题21．（3分）（2014秋•杨浦区校级期中）273℃=546 K，气体温度从﹣10℃升高到20℃，如果用热力学温度表示，气体温度升高了30 K．考点：温度、气体压强和内能．专题：热力学定理专题．。
上海理工大学附中高二物理上学期期中试卷(含解析)
2015-2016学年上海理工大学附中高二（上）期中物理试卷一．单项选择题（每题3分，3x14=42分）1．计算几个电阻的总电阻、电路的简化、引入平均速度、合力与分力等概念，这些处理物理问题的方法，都属于( )A．类比的方法B．控制变量的方法C．等效替代的方法D．观察、实验的方法2．在医疗手术中，为防止麻醉剂乙醚爆炸，地砖要用导电材料制成，医生和护士要穿由导电材料制成的鞋子和外套，一切设备要良好接地，甚至病人身体也要良好接地，这样做是为了( )A．除菌消毒 B．消除静电 C．利用静电 D．防止漏电3．一杯水含有大量的水分子，若杯中水的温度升高，则( )A．水分子的平均动能增大B．只有个别水分子动能增大C．所有水分子的动能都增大D．每个水分子的动能改变量均相同4．下列关于避雷针的说法中，正确的是( )A．避雷针避雷是中和云层中的异种电荷B．避雷针避雷是将云层中积聚的电荷导入大地C．为了美观，通常把避雷针顶端设计成球形D．避雷针安装在高大建筑物顶部，而不必接地5．下列说法中正确的是( )A．只有摩擦才能使物体的内能增加B．由于能量守恒，所以某个物体的能量总是不变的C．某个系统无法依靠自身的作用回到原先的能量状态D．内能是一种较高品质的能6．关于物体的内能，以下说法中不正确的是( )A．物体的内能是指物体内所有分子的动能和势能之和B．物体不从外界吸收热量，其内能也可能增加C．外界对物体做功，物体的内能一定增加D．物体内能的多少，跟物体的温度和体积都有关系7．汽车关闭发动机后，沿斜坡匀速下滑的过程( )A．汽车机械能守恒B．汽车的势能转化为动能C．汽车的机械能转化为内能，总能量减少D．汽车机械能逐渐转化为内能，总能量守恒8．一白炽灯泡的额定功率与额定电压分别为36W与36V．若把此灯泡接到输出电压为18V的电源两端，则灯泡消耗的电功率( )A．等于36 W B．小于36 W，大于9 WC．等于9 W D．小于9 W9．一个检验电荷在电场中某点受到的电场力为F，这点的电场强度为E，在下图中能正确反映q、E、F三者关系的是( )A． B． C．D．10．如图所示为点电荷产生的电场中的一条电场线，若一带负电的粒子从B点运动到A点时，加速度增大而速度减小，则可判定( )A．点电荷一定带正电 B．点电荷一定带负电C．点电荷一定在A的左侧 D．点电荷一定在B的右侧11．一块手机电池的背面印有如图所示的一些符号，另外在手机使用说明书上还写有“通话时间3h，待机时间100h”，则该手机通话和待机时消耗的功率分别约为( )A．1.8 W，5.4×10﹣2W B．3.6 W，0.108 WC．0.6 W，1.8×10﹣2 W D．6.48×103 W，1.94×102 W12．一正电荷从电场中A点由静止释放，只受电场力作用，沿电场线运动到B点，它运动的速度﹣时间图象如图所示，则A、B所在区域的电场线分布情况可能是图中的( )A．B．C．D．13．将标有“110V、40W”白炽灯L1和标有“110V、100W”白炽灯L2，与一只滑动变阻器（0～300Ω）组合起来接在220V的线路上，要使L1、L2都能正常发光而且最省电，应选择的电路图是( )A．B．C．D．14．在匀强电场中，将质量为m，带电量为q的小球由静止释放，带电小球的运动轨迹为一直线，该直线与竖直方向的夹角为θ，如图所示，则电场强度的大小为( )A．有唯一值mgtanθ/q B．最小值是mgsinθ/qC．最大值mgtanθ/q D．mg/q二．填空题（每空2分，2x13=26分）15．5个元电荷的电量是__________C，16C电量等于__________元电荷．16．下列能源：天然气、石油、太阳能、汽油、煤炭、电力属于一次能源的是：__________、__________、__________、__________属于二次能源的是：__________、__________．17．A、B两个灯分别标有“220V、100W”和“220V、25W”的字样，现将它们串联在电路中，问：（1）通电后__________灯较亮？（填A或B）（2）该电路两端允许加的最大电压为__________伏．18．如图所示，电路中电阻R1：R2：R3=1：2：3，当电路中有电流通过时，电阻中电流之比I1：I2：I3=__________，电阻两端电压之比U1：U2：U3=__________．19．装饰用的彩灯，串成一串串，接在220V电源上，观察灯的结构发现，每个灯的灯丝（R1）引线上方绕有金属电阻丝（R2），如图所示；即使R1断了，R2仍能导电．根据工作特性，R1应该__________R2（填“大于”、“等于”或“小于”），当其中一个或几个灯的灯丝断了，其余的灯将__________（填“变亮”、“变暗”或“完全熄灭”）．20．电量q=2.0×10﹣3C、质量m=1.0×10﹣4kg的带正电粒子从电场中的A点沿直线运动到B点的速度图象如图所示，该粒子运动的加速度为__________m/s2，A、B连线上各点的场强__________（填“相等”或“不相等”），A点的场强为__________N/C．三、作图题（共6分）21．如图，A、B为绝缘天花板上的两点，带正电的小球1固定在A点，带电小球2用绝缘细线悬挂在B点，并保持平衡．在图中标出小球2的带电性质，且将小球2的受力示意图补充完整．22．画出a点的电场和b点负电荷的电场力四．实验题（共8分）23．现用伏安法研究某电子器件R x伏安特性曲线，要求特性曲线尽可能完整（直接测量的变化范围尽可能大一些）．备用的仪器有：直流电源（12V）、电流传感器、电压传感器、滑动变阻器（0～10Ω）、电键、导线若干．（1）在方框中如图1实验电路图．（2）如图2示是R x的伏安特性曲线．从图中可看出，当电流超过某一数值后，其电阻迅速__________（填“增大”或“减小”）．四、计算题（共2小题，共18分．解答应写出必要的文字说明，重要的方程式和演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案必须明确写出数值和单位．）24．如图所示，一个质量m=30g，带电量为﹣1.7×10﹣8C的半径极小的小球，用丝线悬挂在某匀强电场中，电场线水平，当小球静止时，测得悬线与竖直方向成30°角，求：①该匀强电场场强方向②电场强度E的大小．25．如图所示电路中，滑动变阻器R1的最大阻值为24Ω，滑片位于中点．定值电阻R2的阻值为4Ω，小灯泡L规格“12V 6W”电流表A为理想电表，闭合电键S，小灯泡正常发光，求：（1）电流表的读数I；（2）电源电压U；（3）若滑动变阻器接入电路的阻值为8Ω，不考虑小灯泡L阻值的变化，求小灯泡的实际功率P．2015-2016学年上海理工大学附中高二（上）期中物理试卷一．单项选择题（每题3分，3x14=42分）1．计算几个电阻的总电阻、电路的简化、引入平均速度、合力与分力等概念，这些处理物理问题的方法，都属于( )A．类比的方法B．控制变量的方法C．等效替代的方法D．观察、实验的方法【考点】串联电路和并联电路．【专题】恒定电流专题．【分析】中学物理中经常用的研究方法有：控制变量法，微小变量放大法，等效替代法等，要明确这些方法在具体实验中的应用．【解答】解：求几个电阻的总电阻、把一个复杂的电路简化，都用到了等效替代的方法，合力与分力的作用效果是等效的，故C正确，A、B、D错误．故选：C．【点评】理解各种物理方法的应用，提高学科思想，为将来独立研究问题打下基础．2．在医疗手术中，为防止麻醉剂乙醚爆炸，地砖要用导电材料制成，医生和护士要穿由导电材料制成的鞋子和外套，一切设备要良好接地，甚至病人身体也要良好接地，这样做是为了( )A．除菌消毒 B．消除静电 C．利用静电 D．防止漏电【考点】静电现象的解释．【分析】本题考查是关于静电的防止与应用，从实例的原理出发就可以判断出答案．【解答】解：由题意可知，良好接地，目的是为了消除静电，这些要求与消毒无关，而因静电而产生爆炸，因此不可能是这样．静电会产生火花、热量，麻醉剂为易挥发性物品，遇到火花或热源便会爆炸，就象油罐车一样，在运输或贮存过程中，会产生静电，汽油属于易挥发性物品，所以它的屁股后面要安装接地线（软编织地线），以防爆炸，麻醉剂与之同理，故B正确，ACD错误；故选B【点评】本题考查是关于静电的防止与应用，要求同学们熟练掌握静电的防止与应用的具体实例．3．一杯水含有大量的水分子，若杯中水的温度升高，则( )A．水分子的平均动能增大B．只有个别水分子动能增大C．所有水分子的动能都增大D．每个水分子的动能改变量均相同【考点】温度是分子平均动能的标志．【分析】内能是物体内部所有分子做无规则运动的分子动能和分子势能的总和，其内能的大小与物体内部分子的热运动情况有关，即对于同一物体来说，温度越高，其内部分子运动越剧烈，分子动能就越大，即内能就越大．【解答】解：水的温度升高，即其内部的水分子运动越剧烈，即水分子的平均动能变大，即其内能增加，这是统计规律，个别分子不适用．故A正确，BCD错误故选：A【点评】知道内能与温度的关系，并能从微观的角度理解该关系是解决该题的关键．4．下列关于避雷针的说法中，正确的是( )A．避雷针避雷是中和云层中的异种电荷B．避雷针避雷是将云层中积聚的电荷导入大地C．为了美观，通常把避雷针顶端设计成球形D．避雷针安装在高大建筑物顶部，而不必接地【考点】* 静电的利用和防止．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】避雷针，又名防雷针，是用来保护建筑物物等避免雷击的装置．在高大建筑物顶端安装一根金属棒，用金属线与埋在地下的一块金属板连接起来，利用金属棒的尖端放电，使云层所带的电和地上的电逐渐中和，从而不会引发事故．电荷的定向移动形成电流，物理学中规定：正电荷定向移动的方向为电流的方向．【解答】解：A、避雷针避雷是中和云层中的异种电荷，及时消除云层与地面的电势差，故A 正确；B、避雷针避雷是将云层中积聚的电荷导入大地，或者将大地的负电荷与其中和，故B正确；C、表面积越小，越是尖锐的物体，越容易放电，因此避雷针做成尖形的，更容易发挥作用，故C错误；D、避雷针避雷是将云层中积聚的电荷导入大地，必须接地．故D错误；故选：AB【点评】本题考查了避雷针的形状、作用、安装等问题，具有现实意义，是一道好题．正电荷定向移动的方向为电流的方向，而与自由电子定向移动的方向相反．5．下列说法中正确的是( )A．只有摩擦才能使物体的内能增加B．由于能量守恒，所以某个物体的能量总是不变的C．某个系统无法依靠自身的作用回到原先的能量状态D．内能是一种较高品质的能【考点】能量守恒定律．【分析】热力学第一定律：：△U=Q+W．热力学第二定律：不可能把热从低温物体传到高温物体而不产生其他影响；不可能从单一热源取热使之完全转换为有用的功而不产生其他影响；不可逆热力过程中熵的微增量总是大于零．能量守恒定律：能量既不会凭空产生，也不会凭空消失，它只能从一种形式转化为其他形式，或者从一个物体转移到另一个物体，在转化或转移的过程中，能量的总量不变．【解答】解：A、改变物体内能的方式有热传递和做功，故A错误；B、能量守恒是整个宇宙的能量守恒，某个物体的能量可以减小，故B错误；C、根据能量守恒定律和热力学第二定律，某个系统无法依靠自身的作用回到原先的能量状态，故C正确；D、任何可以利用的能量最后都是变化为内能而耗散，故内能的可利用的品质较低，故D错误；故选C．【点评】本题关键要结合热力学第一定律、第二定律和能量守恒定律分析，不难．6．关于物体的内能，以下说法中不正确的是( )A．物体的内能是指物体内所有分子的动能和势能之和B．物体不从外界吸收热量，其内能也可能增加C．外界对物体做功，物体的内能一定增加D．物体内能的多少，跟物体的温度和体积都有关系【考点】物体的内能；热力学第一定律．【专题】内能及其变化专题．【分析】内能是物体内部分子热运动的动能和分子势能之和，根据热力学第一定律公式△U=W+Q判断内能变化、功和吸放热的情况．【解答】解：A、物体的内能是指物体内所有分子的热运动动能和分子势能之和，故A正确；B、根据热力学第一定律公式△U=W+Q，物体不从外界吸收热量，但外界可以对物体做功，故其内能也可能增加，故B正确；C、根据热力学第一定律公式△U=W+Q，外界对物体做功，物体可能要放热，故物体的内能不一定增加，故C错误；D、物体的内能是指物体内所有分子的热运动动能和分子势能之和；分子动能与温度有关，分子势能和体积有关，故物体内能的多少，跟物体的温度和体积都有关系，故D正确；本题选择错误的，故选：C．【点评】本题考查分子势能、分子动能和内能，结合热力学第一定律进行判断即可．7．汽车关闭发动机后，沿斜坡匀速下滑的过程( )A．汽车机械能守恒B．汽车的势能转化为动能C．汽车的机械能转化为内能，总能量减少D．汽车机械能逐渐转化为内能，总能量守恒【考点】机械能守恒定律；功能关系．【专题】机械能守恒定律应用专题．【分析】汽车匀速下滑，受力平衡；受重力、支持力和摩擦力，三力平衡．【解答】解：汽车匀速下滑过程，受重力、支持力和摩擦力，加速度为零，合力为零；动能不变，重力势能减小，故机械能减小，通过克服摩擦力做功，机械能逐渐转化为内能，总能量守恒；故A错误，B错误，C错误，D正确；故选D．【点评】本题关键明确汽车下滑过程克服阻力做的功等于机械能的减小量，基础题．8．一白炽灯泡的额定功率与额定电压分别为36W与36V．若把此灯泡接到输出电压为18V的电源两端，则灯泡消耗的电功率( )A．等于36 W B．小于36 W，大于9 WC．等于9 W D．小于9 W【考点】电功、电功率；串联电路和并联电路．【专题】恒定电流专题．【分析】根据功率的公式P=可以分析，当电压有36V变为18V时灯泡的功率的变化，在由金属的电阻随温度的变化可以分析得出灯泡消耗的电功率．【解答】解：由于金属的电阻随温度的升高而增大，所以以额定电压工作时的电阻大于以18V电压工作的电阻．根据部分电路欧姆定律，有P1=，P2=，所以=，所以灯泡消耗的功率小于36W大于9 W，所以B正确．故选B．【点评】在本题中要考虑到电压的变化对灯泡的电阻带来的影响，电压降低之后由于温度的降低，灯泡的电阻会减小．9．一个检验电荷在电场中某点受到的电场力为F，这点的电场强度为E，在下图中能正确反映q、E、F三者关系的是( )A． B． C．D．【考点】电势差与电场强度的关系；电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电场强度的大小与放入电场中的电荷无关，由电场本身的性质决定，根据F=qE分析F与q的关系．【解答】解：A、电场强度的大小与放入电场中的电荷无关，故A、B错误．C、根据F=qE知，E不变，F与q成正比，故C错误，D正确．故选：D．【点评】解决本题的关键知道电场强度的性质，知道电场强度与F和q无关，结合F=qE分析F与q的关系，基础题．10．如图所示为点电荷产生的电场中的一条电场线，若一带负电的粒子从B点运动到A点时，加速度增大而速度减小，则可判定( )A．点电荷一定带正电 B．点电荷一定带负电C．点电荷一定在A的左侧 D．点电荷一定在B的右侧【考点】电场强度；电场线．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】据题，带负电的粒子从B点运动到A点时，加速度增大而速度减小，说明场强增大．电场力方向与粒子的速度方向相反，方向从A点到B点，负电荷所受电场力方向与场强方向相反，说明电场强度方向是从B点到A点．根据电场强度的变化情况，判断点电荷的位置．【解答】解：据题，带负电的粒子从B点运动到A点时，速度减小，说明电场力方向从A点到B点，说明电场强度方向是从B点到A点．加速度增大而速度减小，说明场强增大，则点电荷一定在A的左侧，并且一定带负电．故选BC【点评】本题根据粒子加速度变化情况，可判断场强的变化情况．粒子做减速运动时，电场力方向与粒子的速度方向相反．考查分析粒子受力情况的能力．11．一块手机电池的背面印有如图所示的一些符号，另外在手机使用说明书上还写有“通话时间3h，待机时间100h”，则该手机通话和待机时消耗的功率分别约为( )A．1.8 W，5.4×10﹣2W B．3.6 W，0.108 WC．0.6 W，1.8×10﹣2 W D．6.48×103 W，1.94×102 W【考点】电功、电功率．【专题】恒定电流专题．【分析】由图中所提供的“3.6V，500mA•h”，根据功和电功率的有关知识，可求通话时消耗的功率和待机时消耗的功率．【解答】解：由图中所提供的电池的容量为“3.6V，500mA•h”，则通话时消耗的功率为P1==600mW=0.6W，待机时消耗的功率为P2==18mW=1.8×10﹣2W．故选：C．【点评】根据电池铭牌提供的数据要能够从其中找出有用的信息，并且要能够正确的理解电池的容量3.6V，500mA•h．12．一正电荷从电场中A点由静止释放，只受电场力作用，沿电场线运动到B点，它运动的速度﹣时间图象如图所示，则A、B所在区域的电场线分布情况可能是图中的( )A．B．C．D．【考点】电场线．【分析】v﹣t图象中的斜率表示物体的加速度，所以根据电荷运动过程中v﹣t图象可知电荷的加速度越来越大，则电场力越来越大，电场强度越来越大，根据电场线与电场强度的关系可得出正确结果．【解答】解：由v﹣t图象可知，粒子做加速度逐渐增大的加速运动，因此该电荷所受电场力越来越大，电场强度越来越大，电场线密的地方电场强度大，且正电荷受力与电场方向相同，故ABC错误，D正确．故选：D．【点评】本题结合v﹣t图象，考查了电场强度与电场线以及电荷受电场力与电场方向之间的关系，考点结合巧妙、新颖，有创新性．13．将标有“110V、40W”白炽灯L1和标有“110V、100W”白炽灯L2，与一只滑动变阻器（0～300Ω）组合起来接在220V的线路上，要使L1、L2都能正常发光而且最省电，应选择的电路图是( )A．B．C．D．【考点】电功、电功率；串联电路和并联电路．【专题】恒定电流专题．【分析】两灯泡均要正常发光，则两灯泡的电压都要为110V，求出两灯泡正常发光时，整个电路的消耗的功率，比较哪个电路消耗功率最小．【解答】解：AD、根据R=知，R1＞R2，在A电路中，L1和L2串联，电流相等，则电压不等，有一个灯泡分担的电压会大于110V，会烧坏．故A电路不能满足正常发光． L2与R的并联电阻一定小于L1，则L1分担的电压一定大于110V，会被烧坏．故AD错误．BC、当L1和L2并联部分消耗的电压为110V时，两灯泡能正常发光，整个电路消耗的功率P=2×（P1+P2）=280W．当R1与电阻R的并联电阻等于L2电阻时，灯泡就能正常发光，整个电路消耗的功率P=2×100W=200W．所以C电路消耗的功率最小．故C正确，B错误．故选：C．【点评】解决本题的关键要抓住两个条件，一要正常发光，二要消耗的功率最小．所以该题用排除法解决比较好．14．在匀强电场中，将质量为m，带电量为q的小球由静止释放，带电小球的运动轨迹为一直线，该直线与竖直方向的夹角为θ，如图所示，则电场强度的大小为( )A．有唯一值mgtanθ/q B．最小值是mgsinθ/qC．最大值mgtanθ/q D．mg/q【考点】电场强度．【分析】带电小球在电场中受到重力和电场力，从O点自由释放，其运动轨迹为直线，小球所受的合力方向沿此直线方向，运用三角定则分析什么情况下场强大小最小，再求出最小值．【解答】解：带电小球的运动轨迹为直线，在电场中受到重力mg和电场力F，其合力必定沿此直线向下，根据三角形定则作出合力，由图看出，电场力不唯一，则场强也不唯一，当电场力F与此直线垂直时，电场力F最小，场强最小，则有F=qE min=mgsinθ，得到场强的最小值为 E min=，故ACD错误，B正确；故选：B【点评】本题采用作图法分析场强取得最小值的条件，也可以采用函数法分析电场力与θ的关系，确定最小值的条件．二．填空题（每空2分，2x13=26分）15．5个元电荷的电量是8.0×10﹣19C，16C电量等于1.0×1020元电荷．【考点】元电荷、点电荷．【专题】定量思想；比例法；电场力与电势的性质专题．【分析】元电荷是指最小的电荷量，任何物体的带电量都是元电荷或是元电荷的整数倍．【解答】解：元电荷的电量是e=1.60×10﹣19C．则5个元电荷的电量q=ne=5×1.60×10﹣19C=8.0×10﹣19Cn==1.0×1020个故答案为：8.0×10﹣19，1.0×1020【点评】本题就是对元电荷概念的考查，知道任何物体的带电量都是元电荷或是元电荷的整数倍即可解决本题．16．下列能源：天然气、石油、太阳能、汽油、煤炭、电力属于一次能源的是：天然气、石油、太阳能、煤炭属于二次能源的是：汽油、电力．【考点】能量守恒定律．【专题】简答题；定性思想；归纳法；内能及其变化专题．【分析】从自然界直接获得、不需要加工转换的能源是一次能源，由其它能源经过加工转换而获得的能源是二次能源．天然气、煤、石油属于化石燃料，在我国能源领域占有重要的地位，是不可再生能源；而太阳能属于可再生能源【解答】解：属于一次能源的是：天然气、石油、太阳能、煤炭都可以直接从自然界获得，它们都是一次能源；属于二次能源：汽油和电力．故答案为：天然气、石油、太阳能、煤炭汽油电力【点评】本题考查了能源的分类，知道能源分类的概念即可正确解题17．A、B两个灯分别标有“220V、100W”和“220V、25W”的字样，现将它们串联在电路中，问：（1）通电后B灯较亮？（填A或B）（2）该电路两端允许加的最大电压为275伏．【考点】电功、电功率．【专题】恒定电流专题．【分析】（1）AB串联在电路，电流的大小相同，根据P=I2R可以分析灯泡的功率的大小；（2）在串联电路中，允许通过的最大电流等于其中额定电流最小的电阻；允许通过的最大电流与总电阻的乘积即为最大的电压．【解答】解：（1）根据AB的铭牌可知道电压和功率的大小，由于 P A＞P B，根据P=可知，R A＜R B，当AB串联时，电流相同，根据P=I2R可知，P A＜P B，所以B灯较亮．（2）在串联电路中，允许通过的最大电流等于其中额定电流最小的电阻．由P=UI得额定电流为：I A==A，I B==A，则允许通过的最大电流为：I m=I B=0.114A．最大电压为：U m=I m（R A+R B）=×（484+1936）V=275V．故答案为：（1）B；（2）275．【点评】AB串联在电路中，允许的最大的电流应该保证电流最小的灯泡不能烧坏，此时电流为最大的，电压也是最大的．18．如图所示，电路中电阻R1：R2：R3=1：2：3，当电路中有电流通过时，电阻中电流之比I1：I2：I3=1：1：1，电阻两端电压之比U1：U2：U3=1：2：3．【考点】串联电路和并联电路．【专题】计算题；学科综合题；比较思想；控制变量法；方程法；恒定电流专题．【分析】由题，A、B两端加有电压U，电阻R1与R2串联后与R3并联．电阻串联时，电流相等．电路并联时，两端电压相等．根据欧姆定律求解比例关系．【解答】解：由图看出，电阻R1与R2串联，电流相等，即I1=I2．根据欧姆定律U=IR得知，U1：U2=R1：R2=1：2电阻R1与R2串联后与R3并联，并联电路电压相等，根据欧姆定律U=IR得知，I2：I3=R3：（R1+R2）=3：（1+2）=1：1电压U3=U1+U2，又U1：U2=1：2，得到U1：U3=1：3．综上得到，I1：I2：I3=1：1：1，U1：U2：U3=1：2：3故答案为：1：1：1，1：2：3．【点评】本题的技巧是利用比例法，也可以先外电路总电阻，再求干路电流、各个电阻的电流和电压，得到比值．19．装饰用的彩灯，串成一串串，接在220V电源上，观察灯的结构发现，每个灯的灯丝（R1）引线上方绕有金属电阻丝（R2），如图所示；即使R1断了，R2仍能导电．根据工作特性，R1应该小于R2（填“大于”、“等于”或“小于”），当其中一个或几个灯的灯丝断了，其余的灯将变暗（填“变亮”、“变暗”或“完全熄灭”）．【考点】串联电路和并联电路．【专题】恒定电流专题．【分析】根据并联电路，电压相等情况下，电阻越大，则电流越小．且并联电路的电阻比任意一个电阻的阻值还小．【解答】解：根据并联电路，电阻越小，则电流越大，所以金属电阻丝（R2），比每个灯的灯丝（R1）电阻大．当灯的灯丝断了之后，电路中电阻增加，则电流变小，故亮度变暗．故答案为：小于；变暗【点评】查欧姆定律、并联电路的电压相等下，电流与电阻的关系．同时并联电路中电阻比任意一个电阻还小．20．电量q=2.0×10﹣3C、质量m=1.0×10﹣4kg的带正电粒子从电场中的A点沿直线运动到B点的速度图象如图所示，该粒子运动的加速度为2×105m/s2，A、B连线上各点的场强相等（填“相等”或“不相等”），A点的场强为1.0×10﹣4N/C．【考点】匀变速直线运动的图像；电场强度．。
上海理工大学附属中学高二上学期期中考试物理试题(答
一、单选题（每题只有一个正确答案，每题2分，共20分）1、下列关于能源的说法中，正确的是（）A、二次能源是指可重复利用的能源B、新能源是指新开采的能源C、一次能源是直接来自自然界的能源D、石油是二次能源2、以下说法正确的是（）A、密立根用摩擦起电的实验发现了电子，B、密立根用摩擦起电的实验测定了元电荷的电荷量，C、密立根用油滴实验发现了电子，D、密立根用油滴实验测定了元电荷的电荷量。
3、一木块沿斜面匀速下滑的过程中（）A、木块的机械能守恒B、木块的内能保持不变C、木块减小的重力势能全部转化为增加的动能D、木块减小的机械能转化为内能4、关于点电荷下列说法正确的是 ( )A.点电荷的带电量一定是1.60×10-19CB.实际存在的电荷都是点电荷C．点电荷是理想模型D．大的带电体不能看成是点电荷5、以下关于电场线的叙述，正确的是（ ）A．电场线是电荷移动的轨迹B．电场线是仅受电场力作用且从静止开始运动的电荷的运动轨迹C．仅受电场力作用时，电荷不可能沿电场线运动D．电荷的运动轨迹有可能与电场线重合6、在点电荷Q的电场中，距Q为r处放一检验电荷q，以下说法中正确的是( )A．r处场强方向仅由Q的正、负决定B．q在r处的受力方向仅由Q的正、负决定C．r处场强的正、负由场强零点的选择决定D．r处场强的正、负由q的正、负决定7、在图6所示电路中，下列说法错误的是：( )A、当只闭合开关S1时，只有灯L1发光；B、当只闭合开关S2时，只有灯L3发光；C、当开关S1、S2都闭合时，只有灯L2发光；D、当开关S1、S2都断开时，三盏灯都发光。
8、两个大小相同、带等量异种电荷的导体小球A和B，彼此间的引力为F．另一个不带电的与A、B大小相同的导体小球C，先与A接触，再与B接触，然后移开，这时A 和B之间的作用力为F'，则F与F'之比为( )A．8:3 B．8:1 C．1:8 D．4:19、、是一条电场线上的两个点，一带负电的微粒仅在电场力的作用下以一定的初速度从点沿电场线运动到点，其图象如图甲所示，则这一电场可能是图乙中的（ ）10、图中a 、b 是两个点电荷，它们的电量分别为Q 1、Q 2，MN 是ab 连线的中垂线，P 是中垂线上的一点。
高二物理上学期期中试卷(选修,含解析)3
高二物理上学期期中试卷（选修，含解析）3一、单项选择题：每小题只有一个选项符合题意（本题共8小题，每小题3分，共24分）1．磁感应强度单位是特斯拉，1特斯拉相当于( )A．1kg/A•s2B．1kg•m/A•s2C．1kg•m2/s2D．1kg•m2/A•s2 2．根据R=ρ可以导出电阻率的表达式ρ=，对温度一定的某种金属导线来说，它的电阻率( )A．跟导线的电阻只成正比B．跟导线的横截面积S成正比C．跟导线的长度L成反比D．只由其材料的性质决定3．下列关于电功和电功率的说法中，正确的是( )A．电流做功就是电场力做功，把电能转化为其他形式的能B．电流做功越多，则功率越大C．电功率越小，则电流做的功一定越小D．额定电压相同的电阻A和B，额定功率PA＞PB，两者串联后接在电路中，持续一段时间后，实际消耗的电能WA＞WB4．如图所示，均匀绕制的螺线管水平放置，在其正中心的上方附近用绝缘绳水平吊起通电直导线A，A与螺线管垂直，A导线中的电流方向垂直纸面向里，开关S闭合，A受到通电螺线管磁场的作用力的方向是( )A．水平向左B．水平向右C．竖直向上D．竖直向下5．一个带电粒子处于垂直于匀强磁场方向的平面内，在磁场力的作用下做圆周运动．要想确定带电粒子的电荷量与质量之比，则需知道( )A．运动速度v和磁感应强度B B．轨道半径R和磁感应强度B C．轨道半径R和运动速度v D．磁感应强度B和运动周期T6．如图，两根互相平行的长直导线过纸面上的M、N两点，且与纸面垂直，导线中通有大小相等、方向相反的电流．a、o、b在M、N的连线上，o为MN的中点，c、d位于MN的中垂线上，且a、b、c、d到o 点的距离均相等．关于以上几点处的磁场，下列说法正确的是( ) A．o点处的磁感应强度为零B．a、b两点处的磁感应强度大小相等，方向相反C．c、d两点处的磁感应强度大小相等，方向相同D．a、c两点处磁感应强度的方向不同7．如图电路中，当滑动变阻器滑动键P向下移动时，则( ) A．A灯变亮、B灯变亮、C灯变亮B．A灯变亮、B灯变亮、C灯变暗C．A灯变亮、B灯变暗、C灯变暗D．A灯变亮、B灯变暗、C灯变亮8．如图所示，带异种电荷的粒子a、b以相同的动能同时从O点射入宽度为d的有界匀强磁场，两粒子的入射方向与磁场边界的夹角分别为30°和60°，且同时到达P点．a、b两粒子的质量之比为( ) A．1：2 B．2：1 C．3：4 D．4：3二、多项选择题：（每个题目有至少两个以上的正确答案，选错的不得分，漏选的得3分，全对的得5分，共25分）9．图中能产生感应电流的是( )A．B．C．D．10．如图所示电路，灯L1标有“24V 16W”，灯L2标有“12V16W”，两灯串联后接在电压为U的电路中，要保证两灯不损坏，则( )A．两灯实际功率之比为4：1B．电压U的最大值为30VC．灯L1两端电压与总电压U之比为4：5D．U=36V时，灯L1、L2均正常发光11．如图所示，一带电小球在一正交电场、磁场区域里做匀速圆周运动，电场方向竖直向下，磁场方向垂直纸面向里．下列说法正确的是( )A．小球一定带正电B．小球一定带负电C．小球的绕行方向为顺时针D．改变小球的速率，小球将不做圆周运动12．下表列出了某品牌电动自行车及所用电动机的主要技术参数，不计其自身机械损耗．若该车在额定状态下以最大运行速度行驶，则．( )4ΩC．该车获得的牵引力为104N D．该车受到的阻力为63N13．如图所示为一速度选择器，内有一磁感应强度B方向垂直纸面向外的匀强磁场，一束正离子以速度v从左侧水平射入，为使粒子流经磁场时不偏转（不计重力）则磁场区域内必须同时存在一个匀强电场，下列说法正确的是( )A．该电场场强大小为BV，方向向上B．离子沿直线匀速穿过该装置的时间与场强无关C．负离子从右向左水平射入时，不会发生偏转D．负离子从左向右水平射入时，也不会发生偏转三、实验题（本题共3小题，共计24分．）14．下述关于用多用表欧姆档测电阻的说法中正确的是( )A．测量电阻时如果指针偏转过大，应将选择开关S拨至倍率较小的档位，重新调零后测量B．测量电阻时，如果红、黑表笔分别插在负、正插孔，则会影响测量结果C．测量电路中的某个电阻，应该把该电阻与电路断开D．测量阻值不同的电阻时都必须重新调零15．要测绘额定电压为2V的日常用小电珠的伏安特性曲线，所供选择的器材除了导线和开关外，还有以下一些器材可供选择：A、电源E（电动势3.0V，内阻可不计）B、电压表V1（量程为0～3.0V，内阻约2kΩ）C、电压表V2 （0～15.0V，内阻约6kΩD、电流表A1（0～0.6A，内阻约1Ω）E、电流表A2 （0～100mA，内阻约2Ω）F、滑动变阻器R1（最大值10Ω）G、滑动变阻器R2（最大值2kΩ）（1）为减少实验误差，实验中电压表应选择__________，电流表应选择__________，滑动变阻器应选择__________．（填各器材的序号）（2）为提高实验精度，请你设计实验电路图，并画在下面的虚线框中．（3）实验中测得一组数据如表所示，根据表格中的数据在方格纸上作16．在测量一节干电池电动势E和内阻r的实验中，小明设计了如图甲所示的实验电路．（1）根据图甲实验电路，请在图乙中用笔画线代替导线，完成实物电路的连接．（2）实验开始前，应先将滑动变阻器的滑片P调到__________（填“a”或“b”）端（3）小明测得有关数据后，以电流表读数I为横坐标，以电压表读数U为纵坐标作出了如图丙所示的图象，根据图象求得电的电动势E=__________V，电的内阻r=__________Ω（结果保留两位有效数字）．四、计算题：本题共3小题，共计47分．解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．17．如图所示是一提升重物用的直流电动机工作时的电路图．电动机内电阻r=0.8Ω，电路中另一电阻R=10Ω，直流电压U=210V，电压表示数UV=110V．试求：（1）通过电动机的电流；（2）输入电动机的电功率；（3）若电动机以v=1m/s匀速竖直向上提升重物，求该重物的质量？（g取10m/s2）18．（16分）如图所示，在倾角为37°的光滑斜面上有一根长为0.4m，质量为6×1012 kg的通电直导线，电流强度I=1A，方向垂直于纸面向外，导线用平行于斜面的轻绳拴住不动，整个装置放在磁感应强度每秒均匀增加0.4T、方向竖直向上的磁场中．设t=0时，B=0.8T．（sin37°=0.6，cos37°=0.8）（1）t=0时轻绳中的张力大小；（2）需要多长时间，斜面对导线的支持力为零？（g取10m/s2）19．（16分）如图所示，在x＜0且y＜0的区域内存在匀强磁场，磁场方向垂直于xy平面向里．磁感应强度大小为B，在x＞0且y＜0的区域内存在沿y轴正方向的匀强电场．一质量为m、电荷量为q的带电粒子从x轴上的M点沿y轴负方向垂直射入磁场，结果带电粒子从y轴的N点射出磁场而进入匀强电场，经电场偏转后打到x轴上的P点，已知===l．不计带电粒子所受重力，求：（1）带电粒子进入匀强磁场时速度的大小；（2）带电粒子从射入匀强磁场到射出匀强电场所用的时间；（3）匀强电场的场强大小．2015-2016学年××市响水中学高二（上）期中物理试卷（选修）一、单项选择题：每小题只有一个选项符合题意（本题共8小题，每小题3分，共24分）1．磁感应强度单位是特斯拉，1特斯拉相当于( )A．1kg/A•s2B．1kg•m/A•s2C．1kg•m2/s2D．1kg•m2/A•s2【考点】磁感应强度．【分析】根据磁感应强度与磁能量的关系和磁感应强度的定义式推导出T与其他单位的关系．【解答】解：由公式B=，安培力的单位是N，而电流的单位是A，长度的单位为m，则单位的换算可得N/A•m，即为1T．根据牛顿第二定律F=ma，即1N=1kg•m/s2，则1特斯拉相当于1kg/A•s2，故A正确，BCD错误．故选：A．【点评】T是导出单位，可根据物理公式推导出各物理量单位的关系，要对公式要熟悉．基础题．2．根据R=ρ可以导出电阻率的表达式ρ=，对温度一定的某种金属导线来说，它的电阻率( )A．跟导线的电阻只成正比B．跟导线的横截面积S成正比C．跟导线的长度L成反比D．只由其材料的性质决定【考点】电阻定律．【专题】恒定电流专题．【分析】在温度一定的条件下，电阻率的大小与材料有关，与导线的长度以及横截面积无关．【解答】解：电阻率的大小与材料的性质决定，与电阻的大小、导线的长度、横截面积无关．故D正确，A、B、C错误．故选：D．【点评】解决本题的关键知道在温度一定的条件下，电阻率的大小与材料有关，与导线的长度以及横截面积无关．3．下列关于电功和电功率的说法中，正确的是( )A．电流做功就是电场力做功，把电能转化为其他形式的能B．电流做功越多，则功率越大C．电功率越小，则电流做的功一定越小D．额定电压相同的电阻A和B，额定功率PA＞PB，两者串联后接在电路中，持续一段时间后，实际消耗的电能WA＞WB【考点】电功、电功率．【专题】恒定电流专题．【分析】电流做功的本质就是电场力做功，把电能转化为其他形式的能；电功率：P=，与做功的多、时间的长短都无关；结合串联电路的特点分析与解答D选项．【解答】解：A、电流做功的本质就是电场力驱动电荷做定向移动做功，把电能转化为其他形式的能．故A正确；B、C、根据电功率的定义式：P=，可知电功率的大小与做功的多少无关．故B错误，C错误；D、额定电压相同的电阻A和B，额定功率PA＞PB，由可知：RA＜RB；两者串联后接在电路中，流过两个电阻的电流是相等的，由公式：P=I2•R，可知，持续一段时间后，实际消耗的电能WB＞WA．故D错误．故选：A【点评】该题考查电流做功的本质，以及电功率、串联电路的功率分配等知识点的内容，解答的关键是掌握串联电路的电流特点：流过各电阻的电流是相等的．4．如图所示，均匀绕制的螺线管水平放置，在其正中心的上方附近用绝缘绳水平吊起通电直导线A，A与螺线管垂直，A导线中的电流方向垂直纸面向里，开关S闭合，A受到通电螺线管磁场的作用力的方向是( )A．水平向左B．水平向右C．竖直向上D．竖直向下【考点】通电直导线和通电线圈周围磁场的方向．【分析】首先根据安培定则判断通电螺线管在A处产生的磁场方向，再根据左手定则判断通电直导线A受到的磁场的作用力的方向．【解答】解：首先根据安培定则判断通电螺线管产生的磁场的方向向右，所以在A处产生的磁场方向：水平向左．根据左手定则判断可知：A受到通电螺线管磁场的作用力的方向：竖直向上．故选：C【点评】本题考查安培定则和左手定则综合应用的能力，对于几种定则关键要搞清两点：一是何时用；二是怎样用．5．一个带电粒子处于垂直于匀强磁场方向的平面内，在磁场力的作用下做圆周运动．要想确定带电粒子的电荷量与质量之比，则需知道( )A．运动速度v和磁感应强度B B．轨道半径R和磁感应强度B C．轨道半径R和运动速度v D．磁感应强度B和运动周期T【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动．【分析】带电粒子在磁场力的作用下做圆周运动洛伦兹力做为向心力，根据向心力的公式来分析比荷．【解答】解：根据洛伦兹力做为向心力，可得，qvB=m=mr，所以比荷=，所以要确定带电粒子的电荷量与质量之比，需要知道v，r和B．根据T=可得，比荷=，所以要确定带电粒子的电荷量与质量之比，需要知道磁感应强度B和运动周期T，所以D正确．故选D．【点评】根据带电粒子在磁场中做圆周运动的半径周期公式可以快速的作出判断，所以掌握住结论有利于提高解题的速度．6．如图，两根互相平行的长直导线过纸面上的M、N两点，且与纸面垂直，导线中通有大小相等、方向相反的电流．a、o、b在M、N的连线上，o为MN的中点，c、d位于MN的中垂线上，且a、b、c、d到o 点的距离均相等．关于以上几点处的磁场，下列说法正确的是( ) A．o点处的磁感应强度为零B．a、b两点处的磁感应强度大小相等，方向相反C．c、d两点处的磁感应强度大小相等，方向相同D．a、c两点处磁感应强度的方向不同【考点】通电直导线和通电线圈周围磁场的方向．【分析】根据右手螺旋定则确定两根导线在a、b、c、d四点磁场的方向，根据平行四边形定则进行合成．【解答】解：A、根据右手螺旋定则，M处导线在o点产生的磁场方向竖直向下，N处导线在o点产生的磁场方向竖直向下，合成后磁感应强度不等于0．故A错误．B、M在a处产生的磁场方向竖直向下，在b处产生的磁场方向竖直向下，N在a处产生的磁场方向竖直向下，b处产生的磁场方向竖直向下，根据场强的叠加知，a、b两点处磁感应强度大小相等，方向相同．故B错误．C、M在c处产生的磁场方向垂直于cM偏下，在d出产生的磁场方向垂直dM偏下，N在c处产生的磁场方向垂直于cN偏下，在d处产生的磁场方向垂直于dN偏下，根据平行四边形定则，知c处的磁场方向竖直向下，d处的磁场方向竖直向下，且合场强大小相等．故C正确．D、a、c两点的磁场方向都是竖直向下．故D错误．故选C．【点评】解决本题的关键掌握右手螺旋定则判断电流与其周围磁场方向的关系，会根据平行四边形定则进行合成．7．如图电路中，当滑动变阻器滑动键P向下移动时，则( )A．A灯变亮、B灯变亮、C灯变亮B．A灯变亮、B灯变亮、C灯变暗C．A灯变亮、B灯变暗、C灯变暗D．A灯变亮、B灯变暗、C灯变亮【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】当滑动变阻器滑动键P向下移动时，分析变阻器接入电路的电阻如何变化，确定外电路总电阻的变化，根据闭合电路欧姆定律分析干路电流的变化，判断A灯亮度的变化．根据并联部分电压的变化，判断B灯亮度变化，根据干路电流和B灯电流的变化，分析C灯亮度的变化．【解答】解：当滑动变阻器滑动键P向下移动时，其接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律分析得知，干路电流I增大，则A灯变亮．并联部分两端的电压减小，则B灯变暗．流过C的电流IC=I﹣IB，I增大，IB减小，IC增大，C灯变亮．所以A 灯变亮、B灯变暗、C灯变亮．故选D【点评】本题是电路动态变化分析问题，通常按照“部分→整体→部分”的顺序进行分析．8．如图所示，带异种电荷的粒子a、b以相同的动能同时从O点射入宽度为d的有界匀强磁场，两粒子的入射方向与磁场边界的夹角分别为30°和60°，且同时到达P点．a、b两粒子的质量之比为( ) A．1：2 B．2：1 C．3：4 D．4：3【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动．【专题】带电粒子在磁场中的运动专题．【分析】求解本题的关键是画出来粒子的轨迹图，并确定圆心、求出半径和圆心角，然后根据动能相等的条件以及相等的运动时间并结合圆周运动公式联立即可求解．【解答】解：根据题意画出a、b粒子的轨迹如图所示，则a、b粒子的圆心分别是和，设磁场宽度为d，由图可知，粒子b的半径==，粒子a的半径为==d由=可得：=，即=由qvB=可得：，=又b粒子轨迹长度为==，粒子a的轨迹长度为==，所以，=联立以上各式解得=，所以C正确，ABD错误．故选：C．【点评】求解有关带电粒子在有界磁场中的运动问题的关键是画出轨迹图，并根据几何知识确定圆心求出半径和圆心角，再结合圆周运动的有关规律联立即可求解．二、多项选择题：（每个题目有至少两个以上的正确答案，选错的不得分，漏选的得3分，全对的得5分，共25分）9．图中能产生感应电流的是( )A．B．C．D．【考点】感应电流的产生条件．【分析】本题考查了感应电流产生的条件：闭合回路中的磁通量发生变化．据此可正确解答本题．【解答】解：A、线圈是不闭合的，不能产生感应电流．故A错误；B、线框的面积增大，穿过线框的磁通量增大，能够产生感应电流．故B正确；C、由于直导线在线圈的直径的上方，所以穿过线圈的磁通量等于0，电流增大，线圈的磁通量仍然是0．故C错误；D、线圈整体垂直于磁场运动，线圈的磁通量始终是最大，没有发生变化，没有感应电流．故D错误．故选：B【点评】本题考查感应电流产生的条件，首先要明确是哪一个线圈，然后根据磁通量的公式：Φ=BS找出变化的物理量，从而确定磁通量是否发生变化．基础题目．10．如图所示电路，灯L1标有“24V 16W”，灯L2标有“12V16W”，两灯串联后接在电压为U的电路中，要保证两灯不损坏，则( )A．两灯实际功率之比为4：1B．电压U的最大值为30VC．灯L1两端电压与总电压U之比为4：5D．U=36V时，灯L1、L2均正常发光【考点】电功、电功率．【专题】恒定电流专题．【分析】已知灯泡的额定电压和额定功率，根据公式I=求出两灯泡的额定电流，根据欧姆定律求出两灯泡的电阻；串联时，能正常发光的只能是额定电流较小的那一个，再利用公式U=IR可求电源电压．根据串联电路的电流特点和P=I2R、U=IR求出两灯泡的实际功率之比以及灯泡L2两端电压与电源电压U之比．【解答】解：A、由P=UI可知，I1==A，由P=可知：R1==36Ω；I2==A，R2==9Ω；因为串联电路中处处电流相等，并且为了使它们都不烧坏，则电路中的电流选择较小的一个，即电路中的电流为I1；故两灯实际功率之比：P1′：P2′=I12R1：I12R2=R1：R2=36Ω：9Ω=4：1；故A正确；B、C、D、为了使它们都不烧坏，则电路中的电流选择较小的一个，加在它们两端电压U的最大值：U=I1（R1+R2）=A×（36Ω+9Ω）=30V；U1：U=I1R1：U=A×36Ω：30V=4：5．故BC正确，D错误．故选：ABC【点评】本题考查功率公式及欧姆定律的应用，要注意明确电路结构，注意电路中电流不能超过任意一个电阻的额定电流．11．如图所示，一带电小球在一正交电场、磁场区域里做匀速圆周运动，电场方向竖直向下，磁场方向垂直纸面向里．下列说法正确的是( )A．小球一定带正电B．小球一定带负电C．小球的绕行方向为顺时针D．改变小球的速率，小球将不做圆周运动【考点】带电粒子在混合场中的运动．【专题】带电粒子在复合场中的运动专题．【分析】小球做匀速圆周运动，根据重力和电场力平衡可判断小球的电性．洛伦兹力提供向心力，运用左手定则判断运动方向．【解答】解：A、B、小球在竖直平面内做匀速圆周运动，故重力和电场力平衡，重力竖直向下，则电场力竖直向上，而电场方向向下，故此小球带负电．故A错误、B正确；C、D、由左手定则，磁场从掌心穿入，洛伦兹力提供向心力指向圆心，四指指向负电荷运动的反方向，可判断小球沿顺时针方向运动，故C正确；D、根据洛伦兹力提供向心力，则有：Bqv=，当小球的速率改变后，小球的运动轨迹半径变化，仍做圆周运动，故D错误．故选：BC．【点评】本题关键是找到向心力来源，并得到重力和电场力平衡，从而判断出电性，最后根据洛伦兹力提供向心力运用左手定则判断．12．下表列出了某品牌电动自行车及所用电动机的主要技术参数，不计其自身机械损耗．若该车在额定状态下以最大运行速度行驶，4ΩC．该车获得的牵引力为104N D．该车受到的阻力为63N【考点】电功、电功率；能量守恒定律．【专题】恒定电流专题．【分析】对于电动机来说，不是纯电阻电路，对于功率的不同的计算公式代表的含义是不同的，P=UI计算的是总的消耗的功率，P热=I2r 是计算电动机的发热的功率，当速度最大时牵引力和阻力相等．【解答】解：A、电动机的输入功率P入=UI=48×12W=576W，故选项A 正确．B、电动机正常工作时为非纯电阻电路，不能用欧姆定律求内电阻，故选项B错误．C、电动车速度最大时，牵引力F与阻力Ff大小相等，由P出=Ffvmax得Ff==N=63N，故选项C错误、D正确；故选AD．【点评】解决本题的关键是区分开电功率的不同的公式计算所得到的量的含义，对于非纯电阻来说总功率和发热功率的公式是不同．13．如图所示为一速度选择器，内有一磁感应强度B方向垂直纸面向外的匀强磁场，一束正离子以速度v从左侧水平射入，为使粒子流经磁场时不偏转（不计重力）则磁场区域内必须同时存在一个匀强电场，下列说法正确的是( )A．该电场场强大小为BV，方向向上B．离子沿直线匀速穿过该装置的时间与场强无关C．负离子从右向左水平射入时，不会发生偏转D．负离子从左向右水平射入时，也不会发生偏转【考点】带电粒子在混合场中的运动．【专题】定性思想；推理法；带电粒子在复合场中的运动专题．【分析】首先根据粒子做匀速直线运动，可判断粒子的电场力和洛伦兹力相等，即可得知电场强度和磁场强度的关系．再分别假设粒子带正电或负电，可知电场的方向，并知道能否偏转与电性，及电量无关．【解答】解：A、为使粒子不发生偏转，粒子所受到电场力和洛伦兹力是平衡力，即为qvB=qE，所以电场与磁场的关系为：E=vB，粒子带正电，则受到向下的洛伦兹力，则电场力就应向上，电场向上，所以选项A正确．B、由上可知，当沿直线匀速穿过该装置的时间与场强无关，故B正确；C、当负离子从右向左水平射入时，电场力与洛伦兹力不再平衡，则会发生偏转．选项C错误，D、当离子从左向右水平射入时，电场力与洛伦兹力平衡，不会发生偏转，选项D正确．故选：ABD．【点评】在速度选择器中，粒子的受力特点：同时受到方向相反的电场力和洛伦兹力作用；粒子能匀速通过选择器的条件：电场力和洛伦兹力平衡，即qvB=qE，v=，只有速度为的粒子才能沿直线匀速通过选择器．若粒子从反方向射入选择器，所受的电场力和磁场力方向相同，粒子必定发生偏转．三、实验题（本题共3小题，共计24分．）14．下述关于用多用表欧姆档测电阻的说法中正确的是( )A．测量电阻时如果指针偏转过大，应将选择开关S拨至倍率较小的档位，重新调零后测量B．测量电阻时，如果红、黑表笔分别插在负、正插孔，则会影响测量结果C．测量电路中的某个电阻，应该把该电阻与电路断开D．测量阻值不同的电阻时都必须重新调零【考点】用多用电表测电阻．【专题】实验题．【分析】用欧姆表测电阻时要选择合适的挡位，使欧姆表指针指在刻度盘中央刻度线附近；测电阻时应把待测电阻与其它电路断开；欧姆表换挡后要重新进行欧姆调零．【解答】解：A、测量电阻时如果指针偏转过大，所选挡位太大，应换小挡，应将选择开关S拨至倍率较小的档位，重新调零后测量，故A 正确；B、测量电阻时，如果红、黑表笔分别插在负、正插孔，不会影响测量结果，故B错误；C、测量电路中的某个电阻，应该把该电阻与电路断开，故C正确；D、用同一挡位测量阻值不同的电阻时不必重新调零，换挡后要重新进行欧姆调零，故D错误；故选：AC．【点评】本题考查了欧姆表的使用方法，特别注意是每次换挡都要重新调零．15．要测绘额定电压为2V的日常用小电珠的伏安特性曲线，所供选择的器材除了导线和开关外，还有以下一些器材可供选择：A、电源E（电动势3.0V，内阻可不计）B、电压表V1（量程为0～3.0V，内阻约2kΩ）C、电压表V2 （0～15.0V，内阻约6kΩD、电流表A1（0～0.6A，内阻约1Ω）E、电流表A2 （0～100mA，内阻约2Ω）F、滑动变阻器R1（最大值10Ω）G、滑动变阻器R2（最大值2kΩ）（1）为减少实验误差，实验中电压表应选择B，电流表应选择D，滑动变阻器应选择F．（填各器材的序号）（2）为提高实验精度，请你设计实验电路图，并画在下面的虚线框中．（3）实验中测得一组数据如表所示，根据表格中的数据在方格纸上作。
上海市上海理工大学附属中学2024年高三物理第一学期期中质量检测模拟试题含解析
上海市上海理工大学附属中学2024年高三物理第一学期期中质量检测模拟试题注意事项1．考生要认真填写考场号和座位序号。
2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。
第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。
3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。
一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、近年来，一些高级轿车的设计师在关注轿车的加速性能的同时，提出了“加速度的变化率”的概念，用这一新的概念来描述轿车加速度随时间变化的快慢，轿车的加速度变化率越小，乘坐轿车的人感觉越舒适．图示是一辆汽车在水平公路上行驶时加速度随时间变化的关系图象，取t=0时速度方向为正方向，则关于加速度变化率以及汽车的运动，下列说法正确的是（）A．依据运动学定义方法，“加速度的变化率”的单位是m/s2B．在2秒内，汽车做匀减速直线运动C．在2秒内，汽车的速度减小了3m/sD．若汽车在t=0时速度为5m/s，则汽车在2秒末速度的大小为8m/s2、一名攀岩运动员在登上陡峭的峰顶时不小心碰落了一块石块，8 s后他听到石块落到地面的声音．若考虑到声音传播所需的时间，设声音在空气中传播的速度为340 m/s，则山峰的实际高度值应最接近于(g取10m/s2)( )A．80 mB．160 mC．250 mD．320 m3、如图所示，在光滑的水平面上，物体B静止，在物体B上固定一个轻弹簧。
物体A 以某一速度v0沿水平方向向右运动，通过弹簧与物体B发生作用，A物体质量为m，B 物体质量为2m，从A刚接触弹簧至弹簧再次恢复原长的过程中（）A ．弹簧再次恢复原长时B 的速度大小为013vB ．物体A 先做加速度增大的变减速运动，再做加速度减小的变减速运动C ．弹簧弹力对A 的冲量大小为023mv D ．弹簧弹性势能的最大值为2013mv4、如图甲所示，电源E =12V ，内阻不计，灯泡L 的额定电压为9V ，其伏安特性曲线如图乙所示，滑动变阻器R 的最大阻值为10 。
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2014-2015学年上海理工大学附中高二（上）期中物理试卷（选修）一、单项选择题1．（3分）（2014秋•杨浦区校级期中）关于气体的压强，下列说法中正确的是（）A．气体的压强是由气体分子间的吸引和排斥产生的B．气体分子的平均速率增大，气体的压强一定增大C．气体的压强是由于气体分子的频繁撞击产生的D．当某一容器自由下落时，容器中气体的压强将变为零考点：理想气体的状态方程．专题：理想气体状态方程专题．分析：气体的压强是由于气体分子的频繁撞击产生的，气体分子的平均速率增大，若气体体积增大，气体的压强不一定增大，当某一容器自由下落时，分子的运动不影响，容器中气体的压强不为零．解答：解：A、气体的压强是由于气体分子的频繁撞击产生的，A错误C正确B、气体分子的平均速率增大，若气体体积增大，气体的压强不一定增大，B错误D、当某一容器自由下落时，分子的运动不影响，容器中气体的压强不为零，D错误故选：C点评：掌握气体压强产生的原因，影响压强大小的因素：分子的密度和分子的平均速率．2．（3分）（2014秋•杨浦区校级期中）如图所示，两端开口的U形管中装有水银，但水银被气体隔为两段，要使两边水银面的高度差h增大，可以采取的办法是哪个（）A．从左侧管口滴入水银B．从右侧管口滴入水银C．让气体温度升高D．让气体温度降低考点：封闭气体压强．专题：气体的压强专题．分析：同一段连续的水银柱的同一高度位置的液压是相同的，求解出两边水银面的高度差h的决定式进行讨论即可．解答：解：同一段连续的水银柱的同一高度位置的液压是相同的，故封闭气体压强为：P=P0+ρgh；设右侧一小段水银柱高度为h′，则封闭气压也可以表示为：P=P0+ρgh′；联立解得：h=h′A、从左侧管口滴入水银，h′不变，故左侧水银柱下降，右侧水银柱上升，稳定时两边水银面的高度差h是不变的，故A错误；B、从右侧管口滴入水银，h′变大，故左侧水银柱上升，右侧水银柱下降，稳定时两边水银面的高度差h变大，故B正确；C、D、气体温度变化，但气压不变，故稳定时两侧的高度差恒定，故C错误，D错误；故选B．点评：本题关键是根据同一段连续的水银柱的同一高度位置的液压相同的特点，求解出边水银面的高度差h的表达式进行讨论，不难．3．（3分）（2014秋•杨浦区校级期中）如图所示，一气缸竖直倒放，气缸内有一质量不可忽略的活塞，将一定质量的理想气体封在气缸内，活塞与气缸壁无摩擦，气体处于平衡状态，现保持温度不变，把气缸稍微倾斜一点，在达到平衡后与原来相比，则（）A．气体的压强变大B．气体的压强变小C．气体的体积变大D．不能确定气体的体积和压强的变化考点：理想气体的状态方程．专题：理想气体状态方程专题．分析：对活塞进行受力分析，前后两个过程活塞均处于受力平衡状态，可以判断气缸内气压强的变化，然后根据理想气体状态方程得到气体体积的变化解答：解：当气缸竖直放置时，对活塞受力分析如图，所以，P0S=G+PS ①即外界大气压力等于重力与内部气体产生的压力之和．当气缸倾斜时活塞受力如图，此时：Gcosθ+P1S=P0S ②由①②可知，P1＞P，即末状态压强大于初状态，故A正确，B错误．整个过程是等温变化，由PV=C可知，压强增大时，体积减小，故CD错误．故选：A点评：此题把受力平衡与理想气体状态方程相结合，所以在解题过程中思维不要仅局限在理想气体状态方程和热力学第一定律上．4．（3分）（2014•肇庆二模）为了将空气装入气瓶内，现将一定质量的空气等温压缩，空气可视为理想气体．下列图象能正确表示该过程中空气的压强P和体积y关系的是（）A．B．C．D．考点：理想气体的状态方程．专题：理想气体状态方程专题．分析：根据理想气体等温变化特点可正确解答．解答：解：根据理想气体状态方程，空气等温压缩，有PV=C，知P 与成正比，在P ﹣图象中为过原点的直线，所以该过程中空气的压强P 和体积的关系图是图B，故ACD错误，B正确．故选B．点评：解答此类问题首先要弄清坐标轴的含义，然后根据理想气体的状态方程，结合数学知识分析解答问题．要特别注意在描述气体状态变化的图线中虚线部分的含义．5．（3分）（2012•茂名一模）如图所示，一向右开口的汽缸放置在水平地面上，活塞可无摩擦移动且不漏气，汽缸中间位置有小挡板．初始时，外界大气压为p0，活塞紧压小挡板处，现缓慢升高缸内气体温度，则下列P﹣T图象能正确反应缸内气体压强变化情况的是（）A．B．C．D．考点：理想气体的状态方程．专题：理想气体状态方程专题．分析：由题：初始时，活塞紧压小挡板处，说明外界大气压大于缸内气体的压强．当缓慢升高缸内气体温度时，气体先发生等容变化；当缸内气体的压强等于外界的大气压时，气体发生等压膨胀．解答：解：当缓慢升高缸内气体温度时，气体先发生等容变化，根据查理定律，缸内气体的压强P与热力学温度T成正比，图线是过原点的倾斜的直线；当缸内气体的压强等于外界的大气压时，气体发生等压膨胀，图线是平行于T轴的直线．故选B点评：本题考查分析气体状态变化过程的能力和读图能力，要善于抓住隐含的不变量，比如活塞不移动时，气体的体积不变．6．（3分）（2011•江西校级三模）如图所示，导热的气缸开口向下，缸内活塞封闭了一定质量的理想气体，活塞可自由滑动且不漏气，活塞下挂一个砂桶，砂桶装满砂子时，活塞恰好静止，现将砂桶底部钻一个小洞，让细砂慢慢漏出．气缸外部温度恒定不变，则（）A．缸内的气体压强减小，内能减小B．缸内的气体压强增大，内能减小C．缸内的气体压强增大，内能不变D．外界对气体做功，缸内的气体内能增加考点：理想气体的状态方程；热力学第一定律；封闭气体压强．专题：理想气体状态方程专题．分析：以活塞为研究对象，根据力平衡得知气缸内气体的压强逐渐增大，气体被压缩，体积减小，外界对气体做功．由于气缸是导热的，气体的温度与环境相等，保持不变，其内能不变．解答：解：设活塞重力为G，横截面积为S，大气压为P0，则以活塞为研究对象，根据力平衡得到：气缸内气体的压强P=P0﹣，由于G减小，则P增大，即气体压强增大，被压缩，外界对气体做功．由于气缸是导热的，气体的温度与环境相等，保持不变，其内能不变．故选C点评：本题关键是运用力学知识分析气体压强如何变化，同时抓住一定质量的理想气体的内能只跟温度有关．7．（3分）（2011•上海）如图，一定量的理想气体从状态a沿直线变化到状态b，在此过程中，其压强（）A．逐渐增大B．逐渐减小C．始终不变D．先增大后减小考点：理想气体的状态方程．分析：由图象知气体的体积减小、温度升高，由理想气体状态方程问题立解．解答：解：根据气体状态方程，因为沿直线从a到b，V逐渐变小，T逐渐变大，所以P逐渐变大．点评：本题考查理想气体状态变化规律及图象，难度：容易．8．（3分）（2011•重庆）某汽车后备箱内安装有撑起箱盖的装置，它主要由汽缸和活塞组成．开箱时，密闭于汽缸内的压缩气体膨胀，将箱盖顶起，如图所示．在此过程中，若缸内气体与外界无热交换，忽略气体分子间相互作用，则缸内气体（）A．对外做正功，分子的平均动能减小B．对外做正功，内能增大C．对外做负功，分子的平均动能增大D．对外做负功，内能减小考点：热力学第一定律．专题：计算题．分析：根据热力学第一定律公式△U=W+Q，公式中△U表示系统内能的增加量，W表示外界对系统做的功，Q表示系统吸收的热量，题中气体膨胀对外界做功，即气体对外界做负功，故W＜0，气体与外界无热交换，故Q=0，从而判断出气体内能的变化，也就得到分子的平均动能的变化情况．解答：解：密闭于气缸内的压缩气体膨胀对外做正功，即外界对气体做负功，因而W＜0，缸内气体与外界无热交换说明Q=0，忽略气体分子间相互作用，说明内能是所有分子动能的总和．根据热力学第一定律△U=W+Q，可知内能增加量△U＜0，故内能减小，分子平均动能减小，温度降低．所以只有A正确；故选A．点评：热力学第一定律的公式△U=W+Q中，△U表示系统内能的增加量，W表示外界对系统做的功，当系统对外界做功时，W取负值，Q表示系统吸收的热量，当系统放出热量时，Q 取负值．二、单选题9．（3分）（2014秋•资阳区校级期末）在电场中的某点放一个检验电荷，其电量为q，受到的电场力为F，则该点的电场强度，下列说法正确的是（）A．若移去检验电荷，则该点的电场强度为0B．若检验电荷的电量变为4q，则该点的场强变为4EC．若放置到该点的检验电荷变为﹣2q，则场中该点的场强大小不变，但方向相反D．若放置到该点的检验电荷变为﹣2q，则场中该点的场强大小方向均不变考点：电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场强度是反映电场本身的力的性质的物理量，与试探电荷无关，在电场中同一点，电场强度是确定不变的．解答：解：A、由题，该点的电场强度，若移去检验电荷，该点的电场强度仍为．故A错误．B、若检验电荷的电量变为4q，检验电荷所受的电场力为4F，该点的电场强度仍为．故B错误．C、D若放置到该点的检验电荷变为﹣2q，检验电荷所受的电场力为﹣2F，该点的电场强度仍为．故C错误，D正确．故选：D．点评：电场强度的定义式，具有比值定义法的共性，定义出的电场强度与F、q无关，由电场本身决定．10．（3分）（2011秋•苏州期末）如图所示，半径相同的两个金属小球A、B带有等量异种电荷，相隔一定距离，两球之间的相互吸引力的大小是F，今让第三个与A、B完全相同的不带电的金属小球先后与A、B两球接触后移开．这时，A、B两球之间的相互作用力的大小是（）A．B．C．D．考点：库仑定律．分析：理解库仑定律的内容．知道带电体相互接触后移开，同种电荷电量平分，异种电荷电量先中和再平分．解答：解：假设A带电量为Q，BA带电量为﹣Q，两球之间的相互吸引力的大小是F=第三个不带电的金属小球C与A接触后，A和C的电量都为，C与B接触时先中和再平分，则C、B分开后电量均为﹣，这时，A、B两球之间的相互作用力的大小F′==故选A．点评：要清楚带电体相互接触后移开，同种电荷电量平分，异种电荷电量先中和再平分．根据库仑定律的内容，找出变化量和不变量求出问题．11．（3分）（2012•南宁校级模拟）A、B是一条电场线上的两个点，一带负电的微粒仅在电场力作用下以一定初速度从A点沿电场线运动到B点，其速度﹣时间图象如图所示．则这一电场可能是下图中的（）A．B．C．D．考点：匀变速直线运动的图像；电场线．分析：（1）速度﹣﹣时间图象中，图象的斜率表示加速度；（2）电场线分布密集的地方电场强度大，分布稀疏的地方，电场强度小；（3）负电荷受电场力的方向与电场强度方向相反；（4）对只受电场力作用的带电微粒，电场力越大，加速度越大，也就是电场强度越大，加速度越大．解答：解：由图象可知，速度在逐渐减小，图象的斜率在逐渐增大，故此带负电的微粒做加速度越来越大的减速直线运动，所受电场力越来越大，受力方向与运动方向相反．故选：A．点评：本题考查了速度﹣﹣时间图象的应用和电场线的相关知识，要明确斜率的含义，要能根据图象判断物体的运动情况，进而分析受力情况．能根据电场线的分布判断电场强度的大小．难度适中．12．（3分）（2009•安徽）在光滑的绝缘水平面上，有一个正方形的abcd，顶点a、c处分别固定一个正点电荷，电荷量相等，如图所示．若将一个带负电的粒子置于b点，自由释放，粒子将沿着对角线bd往复运动．粒子从b点运动到d点的过程中（）A．先作匀加速运动，后作匀减速运动B．先从高电势到低电势，后从低电势到高电势C．电势能与机械能之和先增大，后减小D．电势能先减小，后增大考点：电势能；能量守恒定律；电势．专题：电场力与电势的性质专题．分析：b d连线即为ac连线的中垂线，因此解决本题的关键是明确等量正电荷连线的中垂线上电场特点，从而进一步判断所受电场力、电势、电势能等变化情况．解答：解：A、由等量正电荷连线的中垂线上电场分布可知：由于负电荷受到的电场力是变力，加速度是变化的，故A错；B、由等量正电荷的电场分布知道，在两电荷连线的中垂线O点的电势最高，所以从b到a，电势是先增大后减小，故B错；C、由于只有电场力做功，所以只有电势能与动能的相互转化，故电势能与机械能的和守恒，故C错；D、由b到ac连线的中点O的过程中，电场力做正功，电势能减小，由O到d电场力做负功，电势能增加，故D正确．故选D．点评：本题考察了等量同种电荷的电场分布情况，在学习中要明确正电荷、负电荷、等量同种电荷、等量异种电荷等电场的分布情况．13．（3分）（2014秋•淄川区校级期末）如图所示，AB和CD为圆上两条相互垂直的直径，圆心为O．将电荷量分别为+q和﹣q的两点电荷放在圆周上，其位置关于AB对称且距离等于圆的半径，如要使圆心处电场强度为零，可在圆周上再放一个适当的点电荷Q，则该点电荷（）A．放在A点，Q=2q B．放在B点，Q=﹣2qC．放在C点，Q=﹣q D．放在O点，Q=﹣q考点：电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场叠加是多个电荷在空间某处产生的电场强度为各电荷单独在该处所产生的电场强度的矢量和，符合平行四边形定则．解答：解：由平行四边形定则得出+q和﹣q在O点产生的合场强水平向右，大小等于其中一个点电荷在O点产生的场强的大小．要使圆心处的电场强度为零，则应在C点放一个电荷量Q=﹣q的点电荷，或在D点放一个电荷量Q=+q的点电荷．故C正确，ABD错误．故选：C．点评：对于电场叠加问题的求解方法：1．确定要分析计算的位置；2．分析该处存在几个分电场，先计算出各个分电场电场强度的大小，判断其方向；3．利用平行四边形定则作出矢量图，根据矢量图求解．14．（3分）（2014秋•杨浦区校级期中）如图所示，右端开口左端封闭的U形管内水银柱封有一段气柱．已知大气压强为P0，则被封闭部分气体压强P为（均水银柱为单位）（）A．P0+h2B．P0﹣h1C．P0﹣h1﹣h2D．P0+h1﹣h2考点：理想气体的状态方程．专题：理想气体状态方程专题．分析：以封闭气体的水银柱作为研究对象，根据图示应用平衡条件求出封闭气体的压强．解答：解：由平衡条件可知，封闭气体的压强：p=p0﹣h1故选：B点评：本题考查了求气体的压强，应用平衡条件即可正确解题，解题时要注意单位换算．15．（3分）（2014秋•杨浦区校级期中）一定质量的理想气体，经历如图所示的状态变化，A→B→C，则这三个状态的热力学温度之比T A：T B：T C为（）A．1：3：5 B．3：2：1 C．5：6：3 D．3：6：5考点：理想气体的状态方程．专题：理想气体状态方程专题．分析：根据理想气体状态方程可判断出温度之比．解答：解：根据理想气体状态方程知：，所以：，得：TA：T B：T C=3：6：5故选：D点评：本题是理想气体状态方程的综合应用．难度不大．16．（3分）（2014秋•合阳县期末）a、b、c是匀强电场中三个点，各点电势依次为10V、2V、6V；三点在同一平面上．下列各图中，电场强度的方向表示可能对的是（）A．B．C．D．考点：电场强度；电势．专题：电场力与电势的性质专题．分析：在匀强电场中，电场强度大小处处相等，方向处处相同，则电场线是平行且等间距．电势沿着电场线降低，电场线与等势面垂直．解答：解：各点电势φA=10V，φB=2V，φC=6V，则AB两点连线的中点M的电势为6V，因此M 点与C点的连线为等势面，那么与连线垂直的方向即为电场线的方向．由于φA=10V，φB=2V，又因为电势沿着电场线降低．所以D正确；故选：D点评：等势面就是电势相等的点所构成的平面．电荷在等势面上移动，电场力不做功．因此电场线与等势面垂直．三、多项选择题17．（3分）（2011秋•沙市区校级期末）如图中实线是一簇未标明方向的由点电荷产生的电场线，虚线是某一带电粒子通过该电场区域的运动轨迹，a、b是轨迹上的两点．若带电粒子在运动中只受电场力作用，根据此图可作出正确判断的是（）A．带电粒子所带电荷的符号B．带电粒子在a、b两点的受力方向C．带电粒子在a、b两点的速度何处较大D．带电粒子在a、b两点的加速度何处较大考点：电场线．分析：由图，粒子的运动轨迹向左弯曲，说明粒子受到的电场力大体向左，电场线方向不明，无法判断粒子的电性．根据电场线疏密程度，判断ab两点场强的大小，从而判断ab两点电场力大小，再根据牛顿第二定律得ab点加速度的大小．解答：解：A、B、由图，粒子的运动轨迹向左弯曲，说明粒子在a、b两点受到的电场力沿电场线向左，如图．由于电场线方向不明，无法确定粒子的电性．故A错误，B正确．C、由轨迹弯曲方向与粒子速度方向的关系分析可知，电场力对粒子做负功，粒子的动能减小，电势能增大，则粒子在a点的速度较大，故C正确．D、根据电场线的疏密程度，判断ab两点场强的大小，从而判断ab两点电场力大小，再根据牛顿第二定律得a点加速度的大，故D正确．故选：BCD点评：本题是电场中粒子的轨迹问题，首先要能根据轨迹的弯曲方向判断粒子受力方向，其次判断粒子动能和电势能的变化要根据电场力做功情况．18．（3分）（2013•江西校级一模）如图所示，甲分子固定在坐标原点O，乙分子沿x轴运动，两分子间的分子势能E P与两分子间距离的关系如图中曲线所示，图中分子势能的最小值为﹣E0．若两分子所具有的总能量为0，则下列说法中正确的是（）A．乙分子在P点（x=x2）时，加速度最大B．乙分子在P点（x=x2）时，其动能为E0C．乙分子在Q点（x=x1）时，处于平衡状态D．乙分子的运动范围为x≥x1考点：分子间的相互作用力；分子势能．专题：分子间相互作用力与分子间距离的关系．分析：分子间存在相互作用的引力和斥力，当二者大小相等时两分子共有的势能最小，分子间距离为平衡距离，当分子间距离变大或变小时，分子力都会做负功，导致分子势能变大．两分子所具有的总能量为分子动能与分子势能之和．解答：解：A、由图象可知，乙分子在P点时，分子引力与分子斥力大小相等，合力为零，加速度为零，故A错误B、乙分子在P点时，其分子势能为﹣E0，由两分子所具有的总能量为0可知其分子动能为E0，故B正确C、乙分子在Q点时，分子引力小与分子斥力，合力表现为斥力，乙分子有加速度，不处于平衡状态，故C错误D、当乙分子运动至Q点时，其分子势能为零，故其分子动能也为零，分子间距最小，而后向分子间距变大的方向运动，故乙分子的运动范围为x≥x1，故D正确故选：BD点评：熟悉分子力的变化规律，知道分子力做功与分子势能变化的关系，知道总能量由分子势能和分子动能两者之和构成，本题考查的过程很细，要加强分析．19．（3分）（2014秋•杨浦区校级期中）如图所示，两端封闭，粗细均匀的U形管竖直放置，管内装有水银，将两部分气体分别封闭在左右封闭端，水银面高度差为h，则（）A．将U形管全部浸入热水中，h变大B．温度不变，将U形管平放，两臂位于同一水平面上，h变大C．温度不变，U形管沿竖直方向自由下落，h变小D．温度不变，使U形管沿水平方向做匀减速运动，h变小考点：理想气体的状态方程．专题：理想气体状态方程专题．分析：假设水银不动，左右两部分气体都将等容变化，根据初态时左右两部分气体的压强和温度的关系，由气体的状态方程计算温度升高时两部分气体的压强增加的大小，再判断高度差的变化．解答：解：A、假设水银不动，左右两部分气体都将等容变化，根据初态时两边温度相等，但左侧气体的压强大，根据气体的状态方程可得，，所以△P=，由于初态时两边温度相等，但左侧气体的压强大，升高相同的温度的时候，左侧的压强增加的多，所以左侧的气体体积变大，水银的高度差变大，所以A正确．B、温度不变，将U形管平放，两边气体的压强相等，开始左侧压强大，所以左侧气体的体积变大，h变大，B正确C、温度不变，U形管沿竖直方向自由下落，水银对气体的压强消失，左侧气体推着水银向右运动，h变大，C错误D、温度不变，使U形管沿水平方向做匀减速运动，h不变，D错误故选：AB．点评：本题关键是掌握住这种分析问题的方法，在理想气体的压强这部分，假设气体的体积不变，分析压强的变化，在得出气体的体积的变化，是常用的一种方法．20．（3分）（2011秋•上海校级期末）如图所示，在点电荷Q形成的电场中，已知a、b两点在同一等势面上，c、d两点在同一等势面上．甲、乙两个带电粒子的运动轨迹分别为acb 和adb曲线，两个粒子经过a点时具有相同的动能，由此可以判断（）A．甲乙两粒子带同号电荷B．甲粒子在c点时的动能大于粒子在d点时的动能C．甲粒子在c点时与乙粒子在d点时具有相同的动能D．两粒子经过b点时具有相同的动能考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：根据曲线运动中合力指向轨迹弯曲的内侧，判断两带电粒子所受的电场力方向，确定两带电粒子的电性，分析电场力做功的正负，由动能定理分析动能关系．根据正电荷在电势高处电势能大分析电势能的关系．解答：解：A、由上可知，甲与Q是同种电荷，乙与Q是异种电荷，故甲、乙两个粒子带异种电荷，故A错误．B、由图看出B由带电粒子的轨迹弯曲方向可知，Q对乙粒子有斥力，对甲粒子有引力，从a到c，电场力对乙做负功，动能减小，电场力对甲粒子做正功，动能增大，而两个粒子经过a点时具有相同的动能，故甲粒子经过c点时的动能大于乙粒子经过d点时的动能．故B正确C错误．D、a、b位于同一等势面上，电势相等，从a到b电场力做功均为零，两个粒子经过a点时具有相同的动能，则两粒子经过b点时也具有相同的动能，故C错误故选：BD．点评：本题首先根据粒子轨迹弯曲方向判断电场力大致方向，确定粒子的电性，由动能定理分析判断动能关系．四、填空题21．（3分）（2014秋•杨浦区校级期中）273℃=546 K，气体温度从﹣10℃升高到20℃，如果用热力学温度表示，气体温度升高了30 K．考点：温度、气体压强和内能．专题：热力学定理专题．。