江西省宜春市丰城中学2015-2016学年高二(上)月考物理试卷(重点班)(解析版)

2015-2016学年江西省宜春市丰城中学高二（上）月考物理试卷（重点班）一、选择题：本题共12小题，每小题4分，共48分．第1～9题为单选，10-12题为多选．1．关于科学家在电磁学中的贡献，下列说法错误的是（）A．密立根测出了元电荷e的数值B．法拉第提出了法拉第电磁感应定律C．奥斯特发现了电流的磁效应D．安培提出了分子电流假说2．如图所示，几位同学在做“摇绳发电”实验：把一条长导线的两端连在一个灵敏电流计的两个接线柱上，形成闭合回路．两个同学迅速摇动AB这段“绳”．假设图中情景发生在赤道，地磁场方向与地面平行，由南指向北．图中摇“绳”同学是沿东西站立的，甲同学站在西边，手握导线的A点，乙同学站在东边，手握导线的B点．则下列说法正确的是（）A．当“绳”摇到最高点时，“绳”中电流最大B．当“绳”摇到最低点时，“绳”受到的安培力最大C．当“绳”向下运动时，“绳”中电流从A流向BD．在摇“绳”过程中，A点电势总是比B点电势高3．两种粗细不同的保险丝，系由同种合金材料制成，一种横截面积为1mm2，熔断电流为5A，还有一种横截面积为4mm2，熔断电流为16A．若取两种相同长度的两种保险丝并联起来，则熔断电流为（）A．9A B．17.25A C．20A D．21A4．如图所示，当滑动变阻器的触头从上向下滑动时，下述正确的有（）A．A灯变暗，B灯变亮，C灯变暗B．A灯变暗，B灯变暗，C灯变暗C．A灯变亮，B灯变暗，C灯变亮D．A灯变亮，B灯变暗，C灯变暗5．如图a、b、c为三个完全相同的带正电荷的油滴，在真空中从相同高度由静止下落到同一水平面，a下落中有水平匀强电场，b下落中有水平向里的匀强磁场，三油滴落地时间设为t a、t b、t c，落地时速度分别v a、v b、v c，则（）A．t a=t b=t c，v a=v b=v c B．t a=t b=t c，v a＞v b=v cC．t b＞t a=t c，v a=v b=v c D．t b＞t a=t c，v a＞v c=v b6．如图所示，一条形磁铁放在粗糙水平面上，在其N极左上方放有一根长直导线，当导线中通以垂直纸面向里的电流I时，磁铁所受支持力和摩擦力的变化情况，正确的是（）A．支持力变大，摩擦力向左B．支持力变大，摩擦力向右C．支持力变小，摩擦力向左D．支持力变小，摩擦力向右7．如图所示，边长为L的正方形金属线框在光滑水平面上用恒力F拉得它通过宽度为2L的有界匀强磁场，线框的右边与磁场边界平行，线框刚进入磁场时恰好做匀速运动，设逆时针方向的电流为正，则下面哪个图象可能正确地反映了电流随x的变化规律（）A．B．C．D．8．质谱仪主要由加速电场和偏转磁场组成，其原理图如图．设想有一个静止的带电粒子P（不计重力），经电压为U的电场加速后，垂直进入磁感应强度为B的匀强磁场中，最后打到底片上的D点，设OD=x，则图中能正确反映x2与U之间函数关系的是（）A． B．C． D．9．如图所示，圆形区域内有垂直于纸面向里的匀强磁场，一个带电粒子以速度v从A点沿直径AOB方向射入磁场，经过△t时间从C点射出磁场，OC与OB成60°角，现将带点粒子的速度变为，仍从A点沿原方向射入磁场，不计重力，则粒子在磁场中的运动时间变为（）A．3△t B．△t C．2△t D．△t10．（多）如图所示电路中，L是自感系数足够大的线圈，它的电阻可忽略不计，D1和D2是两个完全相同的小灯泡．将电键K闭合，待灯泡亮度稳定后，再将电键K断开，则下列说法中正确的是（）A．K闭合瞬间，两灯同时亮，以后D1逐渐熄灭，D2逐渐变到最亮B．K闭合瞬间，D1先亮，D2后亮，最后两灯亮度一样C．K断开时，两灯都亮一下再慢慢熄灭D．K断开时，D2立即熄灭，D1亮一下再逐渐熄灭11．如图所示，直线A为某电源的U﹣I图线，曲线B为某小灯泡D1的U﹣I图线的一部分，用该电源和小灯泡D1组成闭合电路时，灯泡D1恰好能正常发光，则下列说法中正确的是（）A．此电源的内阻为ΩB．灯泡D1的额定电压为3V，功率为6WC．把灯泡D1换成“3V，20W”的灯泡D2，电源的输出功率将变大D．由于小灯泡B的U﹣I图线是一条曲线，所以灯泡发光过程，欧姆定律不适用12．如图所示，光滑平行金属导轨MN、PQ所在平面与水平面成θ角，M、P两端接一阻值为R的定值电阻，阻值为r的金属棒ab垂直导轨放置，其他部分电阻不计．整个装置处在磁感应强度为B 的匀强磁场中，磁场方向垂直导轨平面向下．t=0时对金属棒施一平行于导轨的外力F，金属棒由静止开始沿导轨向上做匀加速运动．下列关于穿过回路abPMa的磁通量Φ、磁通量的瞬时变化率、通过金属棒的电荷量q以及a、b两端的电势差U随时间t变化的图象中，正确的是（）A．B．C．D．二、实验题．13．用20分度的游标卡尺测量某物体的长度如图甲所示，可知其长度为cm；用螺旋测微器测量某圆柱体的直径如图乙所示，可知其直径为mm．14．（2015秋•丰城市校级月考）利用所学物理知识解答问题：（1）多用电表是实验室和生产实际中常用的仪器．使用多用电表进行了两次测量，指针所指的位置分别如图甲中a、b所示．若选择开关处在“×10Ω”的欧姆挡时指针位于a，则被测电阻的阻值是Ω．若选择开关处在“直流电压2.5V”挡时指针位于b，则被测电压是V（2）如图乙所示为一黑箱装置，盒内有电源、电阻等元件，a、b为黑箱的两个输出端．①为了探测黑箱，某同学进行了以下几步测量：A．用多用电表的欧姆挡测量a、b间的电阻；B．用多用电表的电压挡测量a、b间的输出电压；C．用多用电表的电流挡测量a、b间的输出电流．你认为以上测量中不妥的有：（填序号）．②含有电源的黑箱相当于一个“等效电源”，a、b是等效电源的两极．为了测定这个等效电源的电动势和内阻，该同学设计了如图丙所示的电路，调节变阻器的阻值，记录下电压表和电流表的示数，并在方格纸上建立了U﹣I坐标，根据实验数据画出了坐标点，如图丁所示．请你做进一步处理，并由图求出等效电源的电动势E=V，内阻r=Ω．③由于电压表和电流表的内阻会产生系统误差，则采用此测量电路所测得的电动势与实际值相比，测得的内阻与实际值相比（选填“偏大”“偏小”或“相同”）．三、解答题（8分+8分+8分+10分，共34分）15．如图所示，质量为3Kg的导体棒，放在间距为d=1m的水平放置的导轨上，其中电源电动势E=6V，内阻r=0.5Ω，定值电阻R0=11.5Ω，其它电阻均不计．（g取10m/s2）求：（1）若磁场方向垂直导轨平面向上，大小为B=2T，此时导体棒静止不动，导轨与导体棒间的摩擦力为多大？方向如何？（2）若磁场大小不变，方向与导轨平面成θ=60°角（仍与导体棒垂直），此时导体棒所受的摩擦力多大？16．图1是交流发电机模型示意图．在磁感应强度为B的匀强磁场中，有一矩形线图abcd可绕线圈平面内垂直于磁感线的轴OO′转动，由线圈引出的导线ae和df分别与两个跟线圈一起绕OO′转动的金属圈环相连接，金属圈环又分别与两个固定的电刷保持滑动接触，这样矩形线圈在转动中就可以保持和外电阻R形成闭合电路．图2是线圈的正视图，导线ab和cd分别用它们的横截面来表示．已知ab长度为L1，bc长度为L2，线圈以恒定角速度ω逆时针转动．（共N匝线圈）（1）线圈平面处于中性面位置时开始计时，推导t时刻整个线圈中的感应电动势e1表达式；（2）线圈平面处于与中性面成φ0夹角位置时开始计时，如图3所示，写出t时刻整个线圈中的感应电动势e2的表达式；（3）若线圈电阻为r，求电阻R两端测得的电压，线圈每转动一周电阻R上产生的焦耳热．（其它电阻均不计）17．如图所示，一带电微粒质量为m=2.0×10﹣11kg、电荷量q=+1.0×10﹣5C，从静止开始经电压为U1=100V的电场加速后，水平进入两平行金属板间的偏转电场中，微粒射出电场时的偏转角θ=60°，并接着沿半径方向进入一个垂直纸面向外的圆形匀强磁场区域，微粒射出磁场时的偏转角也为θ=60°．已知偏转电场中金属板长L=2cm，圆形匀强磁场的半径R=10cm，重力忽略不计．求：（1）带电微粒经U1=100V的电场加速后的速率；（2）两金属板间偏转电场的电场强度E；（3）匀强磁场的磁感应强度的大小．18．如图甲，MN、PQ两条平行的光滑金属轨道与水平面成θ=37°角固定，M、P之间接电阻箱R，导轨所在空间存在匀强磁场，磁场方向垂直于轨道平面向上，磁感应强度为B=0.5T．质量为m的金属杆a b水平放置在轨道上，其接入电路的电阻值为r．现从静止释放杆a b，测得最大速度为v m．改变电阻箱的阻值R，得到v m与R的关系如图乙所示．已知轨距为L=2m，重力加速度g取l0m/s2，轨道足够长且电阻不计．求：（1）杆a b下滑过程中感应电流的方向及R=0时最大感应电动势E的大小；（2）金属杆的质量m和阻值r；（3）当R=4Ω时，求回路瞬时电功率每增加1W的过程中合外力对杆做的功W．2015-2016学年江西省宜春市丰城中学高二（上）月考物理试卷（重点班）参考答案与试题解析一、选择题：本题共12小题，每小题4分，共48分．第1～9题为单选，10-12题为多选．1．关于科学家在电磁学中的贡献，下列说法错误的是（）A．密立根测出了元电荷e的数值B．法拉第提出了法拉第电磁感应定律C．奥斯特发现了电流的磁效应D．安培提出了分子电流假说【考点】物理学史．【分析】本题是物理学史问题，根据各个科学家的物理学贡献进行答题．【解答】解：A、密立根通过油滴实验测出了元电荷e的数值，故A正确．B、法拉第发现了电磁感应现象，但没有提出了法拉第电磁感应定律，故B错误．C、奥斯特发现了电流的磁效应，故C正确．D、安培提出了分子电流假说，揭示了磁现象的电本质，故D正确．本题选错误的，故选：B．【点评】本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一．2．如图所示，几位同学在做“摇绳发电”实验：把一条长导线的两端连在一个灵敏电流计的两个接线柱上，形成闭合回路．两个同学迅速摇动AB这段“绳”．假设图中情景发生在赤道，地磁场方向与地面平行，由南指向北．图中摇“绳”同学是沿东西站立的，甲同学站在西边，手握导线的A点，乙同学站在东边，手握导线的B点．则下列说法正确的是（）A．当“绳”摇到最高点时，“绳”中电流最大B．当“绳”摇到最低点时，“绳”受到的安培力最大C．当“绳”向下运动时，“绳”中电流从A流向BD．在摇“绳”过程中，A点电势总是比B点电势高【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；电势；安培力．【专题】电磁感应与电路结合．【分析】地球的周围存在磁场，且磁感线的方向是从地理的南极指向地理的北极，当两个同学在迅速摇动电线时，总有一部分导线做切割磁感线运动，电路中就产生了感应电流，根据绳子转动方向与地磁场方向的关系，判断感应电动势和感应电流的大小，从而判断安培力的大小，由右手定则判断感应电流的方向和电势高低．【解答】解：A、当“绳”摇到最高点时，绳转动的速度与地磁场方向平行，不切割磁感线，感应电流最小，故A错误．B、当“绳”摇到最低点时，绳转动的速度与地磁场方向平行，不切割磁感线，感应电流最小，绳受到的安培力也最小，故B错误．C、当“绳”向下运动时，地磁场向北，根据右手定则判断可知，“绳”中电流从A流向B．故C正确．D、在摇“绳”过程中，当“绳”向下运动时，“绳”中电流从A流向B，A点相当于电源的负极，B点相当于电源正极，则A点电势比B点电势低；当“绳”向上运动时，“绳”中电流从B流向A，B点相当于电源的负极，A点相当于电源正极，则B点电势比A点电势低；故D错误．故选：C【点评】本题要建立物理模型，与线圈在磁场中转动切割相似，要知道地磁场的分布情况，能熟练运用电磁感应的规律解题．3．两种粗细不同的保险丝，系由同种合金材料制成，一种横截面积为1mm2，熔断电流为5A，还有一种横截面积为4mm2，熔断电流为16A．若取两种相同长度的两种保险丝并联起来，则熔断电流为（）A．9A B．17.25A C．20A D．21A【考点】串联电路和并联电路；电阻定律．【专题】恒定电流专题．【分析】由电阻定律可知两导线的电阻关系；根据并联电路的规律可知分流关系，明确那根导线先达到最大熔断电流；则可得出熔断电路数值．【解答】解：由R=可知，电阻与横截面积成反比；故电阻之比为4：1；则并联时电流之比为：1：4；故当第一种电流达5A时，第二根电流达到了20A；已经熔断；故应让第二根电流达16A，此时第一根电流为4A；总电流为4+16=20A；故选：C．【点评】本题考查串并联电路的规律，注意明确并联电路中电流与电阻成反比的应用．4．如图所示，当滑动变阻器的触头从上向下滑动时，下述正确的有（）A．A灯变暗，B灯变亮，C灯变暗B．A灯变暗，B灯变暗，C灯变暗C．A灯变亮，B灯变暗，C灯变亮D．A灯变亮，B灯变暗，C灯变暗【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】当滑动变阻器的滑动触头向下移动的过程中，变阻器在路电阻增大，即可知外电路总电阻增大，由闭合电路欧姆定律可判断出干路电流的变化，即知A灯亮度的变化和电源两极间电压的变化．并可根据欧姆定律判断并联部分电压的变化，分析B灯亮度的变化．分析C灯电流的变化，即可知其亮度变化．【解答】解：当滑动变阻器的滑动触头向下移动的过程中，变阻器在路电阻增大，外电路总电阻增大，干路电流减小，故A灯变暗．电源的内电压和A灯的电压均减小，则根据闭合电路欧姆定律得知并联部分的电压增大，B灯变亮，且通过B灯的电流，由于干路电流减小，则通过C灯的电流减小，所以C灯变暗．故A正确，BCD 错误．故选：A．【点评】本题按“局部→整体→局部”的思路进行动态分析，掌握闭合电路欧姆定律和部分电路欧姆定律是分析的理论依据．5．如图a、b、c为三个完全相同的带正电荷的油滴，在真空中从相同高度由静止下落到同一水平面，a下落中有水平匀强电场，b下落中有水平向里的匀强磁场，三油滴落地时间设为t a、t b、t c，落地时速度分别v a、v b、v c，则（）A．t a=t b=t c，v a=v b=v c B．t a=t b=t c，v a＞v b=v cC．t b＞t a=t c，v a=v b=v c D．t b＞t a=t c，v a＞v c=v b【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】带电粒子在磁场中的运动专题．【分析】由题意可知，A球只受重力做平抛运动，B球除受重力之外，还受垂直纸面向里的洛伦兹力作用，但洛伦兹力不做功，竖直方向只受重力作用，做自由落体运动，C球除受重力之外，还受垂直纸面向里的电场力作用，这两个力都是恒力，所以C球做匀加速曲线运动，并且电场力对小球做正功．再根据动能定理和瞬时功率的公式即可得出结论．【解答】解：根据题意可知：c球只有重力做功，竖直方向上做自由落体运动；a球除重力做功外，还受到垂直纸面向里的电场力作用，竖直方向做自由落体运动，而且电场力对其做正功．但水平方向的加速不会影响竖直下落的速度；故下落时间与自由落体的时间相同；b球除重力之外还受到洛伦兹力作用，在洛仑兹力的作用下，小球的轨迹将为曲线；故竖直分速度将减小；故下落时间变长；所以三个球在竖直方向上都做自由落体运动，下落的高度又相同，故下落时间相同，则有t b＞t a=t c 根据动能定理可知：bc两球合力做的功相等，初速度又相同，所以末速度大小相等，而A球合外力做的功比A、B两球合外力做的功大，而初速度与A、B球的初速度相等，故C球的末速度比A、B 两球的末速度大，即v a＞v b=v c：故选：D．【点评】本题是电场、磁场、重力场问题的综合应用，注意对物体受力情况的分析，要灵活运用运动的合成与分解，不涉及到运动过程的题目可以运用动能定理去解决，简洁、方便．该题难度较大．6．如图所示，一条形磁铁放在粗糙水平面上，在其N极左上方放有一根长直导线，当导线中通以垂直纸面向里的电流I时，磁铁所受支持力和摩擦力的变化情况，正确的是（）A．支持力变大，摩擦力向左B．支持力变大，摩擦力向右C．支持力变小，摩擦力向左D．支持力变小，摩擦力向右【考点】电流的磁场对磁针的作用．【分析】以导线为研究对象，根据电流方向和磁场方向判断所受的安培力方向，再根据牛顿第三定律，分析磁铁所受的支持力和摩擦力情况来选择．【解答】解：以导线为研究对象，由左手定则判断得知导线所受安培力方向斜向右上方，根据牛顿第三定律得知，导线对磁铁的安培力方向斜向左下方，磁铁有向左运动的趋势，受到向右的摩擦力，同时磁铁对地的压力增大．故B正确．故选：B【点评】本题考查灵活运用牛顿第三定律选择研究对象的能力．关键存在先研究导线所受安培力．7．如图所示，边长为L的正方形金属线框在光滑水平面上用恒力F拉得它通过宽度为2L的有界匀强磁场，线框的右边与磁场边界平行，线框刚进入磁场时恰好做匀速运动，设逆时针方向的电流为正，则下面哪个图象可能正确地反映了电流随x的变化规律（）A．B．C．D．【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律．【专题】电磁感应与图像结合．【分析】明确导体切割磁感线的过程，根据速度的变化可得出电动势及电流的变化规律．【解答】解：线圈右边界切割磁感线时，速度不变；故电流不变；由右手定则可知，电流方向为逆时针，故为正值；全部进入后，磁通量不变，则没有感应电流；但由于受到拉力作用；线圈做加速运动；线框穿出磁场过程中，由于速度已增大，穿出时产生的感应电动势和感应电流大于进入磁场时的感应电动势和感应电流，线框所受的安培力也大于进入磁场时的安培力，这样线框做减速运动；由于安培力减小，则加速度越来越小；最终若速度等于进入时的速度时，线圈做匀速运动；故线圈的速度不可能小于进入时的速度，故电流不可能小于进入时的速度；故只有D正确；故选：D．【点评】解决本题首先要分析线框的受力情况，判断其完全在磁场中的运动情况，即可得出电动势及电流的变化关系．8．质谱仪主要由加速电场和偏转磁场组成，其原理图如图．设想有一个静止的带电粒子P（不计重力），经电压为U的电场加速后，垂直进入磁感应强度为B的匀强磁场中，最后打到底片上的D点，设OD=x，则图中能正确反映x2与U之间函数关系的是（）A． B．C． D．【考点】质谱仪和回旋加速器的工作原理．【分析】根据动能定理qU=mv2以及粒子在磁场中偏转洛伦兹力提供向心力qvB=m得出x与U 的关系．【解答】解：根据动能定理qU=mv2得，v=．粒子在磁场中偏转洛伦兹力提供向心力qvB=m，则R=．x=2R=．知x2∝U．故A正确，B、C、D错误．故选：A．【点评】解决本题的关键根据动能定理qU=mv2得出速度，再利用洛伦兹力提供向心力得出轨道半径．9．如图所示，圆形区域内有垂直于纸面向里的匀强磁场，一个带电粒子以速度v从A点沿直径AOB方向射入磁场，经过△t时间从C点射出磁场，OC与OB成60°角，现将带点粒子的速度变为，仍从A点沿原方向射入磁场，不计重力，则粒子在磁场中的运动时间变为（）A．3△t B．△t C．2△t D．△t【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动．【专题】带电粒子在磁场中的运动专题．【分析】粒子在匀强磁场做匀速圆周运动，运动周期T=，与粒子速度大小无关，可见，要计算粒子在磁场中运动的时间，只要求得它在磁场中运动轨迹对应的圆心角，就可得到所用的时间．【解答】解：设圆形磁场区域的半径是R，以速度v射入时，半径r1=，根据几何关系可知，=tan60°，所以r1=；运动时间△t=T=；以速度射入时，半径r2===设第二次射入时的圆心角为θ，根据几何关系可知：tan==所以θ=120°则第二次运动的时间为：t=′T=T==2△t故选：C【点评】带电粒子在磁场中运动的题目解题基本步骤为：定圆心、画轨迹、求半径，同时还利用圆弧的几何关系来帮助解题．10．（多）如图所示电路中，L是自感系数足够大的线圈，它的电阻可忽略不计，D1和D2是两个完全相同的小灯泡．将电键K闭合，待灯泡亮度稳定后，再将电键K断开，则下列说法中正确的是（）A．K闭合瞬间，两灯同时亮，以后D1逐渐熄灭，D2逐渐变到最亮B．K闭合瞬间，D1先亮，D2后亮，最后两灯亮度一样C．K断开时，两灯都亮一下再慢慢熄灭D．K断开时，D2立即熄灭，D1亮一下再逐渐熄灭【考点】自感现象和自感系数．【分析】电感总是阻碍电流的变化．线圈中的电流增大时，产生自感电流的方向更原电流的方向相反，抑制增大；线圈中的电流减小时，产生自感电流的方向更原电流的方向相同，抑制减小，并与灯泡1构成电路回路．【解答】解：L是自感系数足够大的线圈，它的电阻可忽略不计，D1和D2是两个完全相同的小灯泡A、K闭合瞬间，但由于线圈的电流增加，导致线圈中出现感应电动势从而阻碍电流的增加，所以两灯同时亮，当电流稳定时，由于电阻可忽略不计，所以以后D1熄灭，D2变亮．故A正确；B、K闭合瞬间，但由于线圈的电流增加，导致线圈中出现感应电动势从而阻碍电流的增加，所以两灯同时亮，当电流稳定时，由于电阻可忽略不计，所以以后D1熄灭，D2变亮．故B错误；C、K闭合断开，D2立即熄灭，但由于线圈的电流减小，导致线圈中出现感应电动势从而阻碍电流的减小，所以D1亮一下再慢慢熄灭，故C错误；D、K闭合断开，D2立即熄灭，但由于线圈的电流减小，导致线圈中出现感应电动势从而阻碍电流的减小，所以D1亮一下再慢慢熄灭，故D正确；故选：AD．【点评】线圈中电流变化时，线圈中产生感应电动势；线圈电流增加，相当于一个瞬间电源接入电路，线圈上端是电源正极．当电流减小时，相当于一个瞬间电源，线圈下端是电源正极．11．如图所示，直线A为某电源的U﹣I图线，曲线B为某小灯泡D1的U﹣I图线的一部分，用该电源和小灯泡D1组成闭合电路时，灯泡D1恰好能正常发光，则下列说法中正确的是（）A．此电源的内阻为ΩB．灯泡D1的额定电压为3V，功率为6WC．把灯泡D1换成“3V，20W”的灯泡D2，电源的输出功率将变大D．由于小灯泡B的U﹣I图线是一条曲线，所以灯泡发光过程，欧姆定律不适用【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；质谱仪和回旋加速器的工作原理．【分析】电源的U﹣I曲线与灯泡伏安特性曲线的交点就是该灯泡与该电源连接时的工作状态，由图可读出工作电压和电流及电源的电动势从而可算出灯泡的额定功率．根据推论：电源的内外电阻相等时电源的输出功率最大，分析C项．欧姆定律适用于纯电阻．【解答】解：A、由图读出：电源的电动势E=4V，内阻r==Ω=0.5Ω，故A错误．B、两图线的交点表示小灯泡D1与电源连接时的工作状态，此时灯泡的电压U=3V，电流I=2A，功率为P=UI=6W，由于小灯泡D1正常发光，则灯泡D1的额定电压为3V，功率为6W，故B正确．C、灯泡D1的电阻R1===1.5Ω，“3V，20W”的灯泡D2的电阻为R2===0.45Ω，可知灯泡D2的电阻更接近电源的内阻，根据推论：电源的内外电阻相等时电源的输出功率最大，知把灯泡D1换成“3V，20W”的灯泡D2，电源的输出功率将变大，故C正确．D、灯泡是纯电阻，欧姆定律仍适用，故D错误．故选：BC．【点评】解决这类问题的关键在于从数学角度理解图象的物理意义，抓住图象的斜率、面积、截距、交点等方面进行分析，更加全面地读出图象的物理内涵．12．如图所示，光滑平行金属导轨MN、PQ所在平面与水平面成θ角，M、P两端接一阻值为R的定值电阻，阻值为r的金属棒ab垂直导轨放置，其他部分电阻不计．整个装置处在磁感应强度为B 的匀强磁场中，磁场方向垂直导轨平面向下．t=0时对金属棒施一平行于导轨的外力F，金属棒由静止开始沿导轨向上做匀加速运动．下列关于穿过回路abPMa的磁通量Φ、磁通量的瞬时变化率、通过金属棒的电荷量q以及a、b两端的电势差U随时间t变化的图象中，正确的是（）A．B．C．D．【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律．【专题】电磁感应与图像结合．【分析】由题可知，金属棒由静止开始沿导轨向上做匀加速运动，回路中的感应电流与时间成正比，说明感应电动势也是随时间均匀增大的，明确各个图象的物理意义，结合产生感应电流的特点即可正确求解．。