内外接球的知识点专题 学案

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内外接球的知识点专题(学案)

内外接球的知识点专题(学案)
【答案】D

B.
C.
D.
【解析】 四面体 与球 的位置关系如图所示,设 为 的中点, 为 外接球的圆心,因为

, 由 余 弦 定 理 可 得
, 由 正 弦 定 理 可 得
由勾股定理可得 ,在四边形
,又 中, ,
, ,
计算可得
,则球 的表面积是
,故选 D.
4
5 . 已 知 A, B, C , D 是 球 O 表 面 上 四 点 , 点 E 为 BC 的 中 点 , 若
内、外接球专题
一、几类常用的结论 设 R 为外接球的半径: 类型一:正棱椎、圆锥
l2 公式: R = ( l 是侧棱或母线长, h 是正棱椎或圆锥的高) 2h
类型二:长方体、正方体或者能够快速补成长方体或正方体的几何体 公式: R
a 2 b2 c2 ( a、b、c 分别是长方体的长、宽、高) 2
(3)球心 O 与截面圆圆心 O1 的连线垂直于截面圆及球心 O 与弦中点的连线. (3) 二、几类常见几何体球心的位置 ⑴长方体或正方体的外接球的球心是其体对角线的中点. ⑵正三棱柱的外接球的球心是上下底面中心连线的中点. ⑶直三棱柱的外接球的球心是上下底面三角形外心连线的中点. ⑷正棱锥的外接球球心在其高上, 具体位置可通过建立直角三角形运用勾股定理 计算得到. ⑸若棱锥的顶点可构成共斜边的直角三角形, 则公共斜边的中点就是其外接球的 球心. 三、几类常见长方体、正方体补形法 ⑴正四面体、三条侧棱两两垂直的正三棱锥、四个面都是直角三角形的三棱锥. ⑵同一个顶点上的三条棱两两垂直的四面体、相对的棱相等的三棱锥. ⑶若已知棱锥含有线面垂直关系,则可将棱锥补成长方体或正方体. ⑷若三棱锥的三个侧面两两垂直,则可将三棱锥补成长方体或正方体.

高中数学——内切球与外接球(学案)

高中数学——内切球与外接球(学案)

内切球与外接球讲高考纵观近几年高考对于组合体的考查,与球相关的外接与内切问题是高考命题的热点之一,高考命题小题综合化倾向尤为明显,要求学生有较强的空间想象能力和准确的计算能力,才能顺利解答。

从实际教学来看,这部分知识学生掌握较为薄弱、认识较为模糊,看到就头疼的题目。

分析原因,除了这类题目的入手确实不易之外,主要是学生没有形成解题的模式和套路,以至于遇到类似的题目便产生畏惧心理、下面结合近几年高考题对球与几何体的切接问题作深入的探究,以便更好地把握高考命题的趋势和高考的命题思路,力争在这部分内容不失分。

从近几年全国高考命题来看,这部分内容以选择题、填空题为主,大题很少见。

首先明确定义1:若一个多面体的各顶点都在一个球的球面上,则称这个多面体是这个球的内接多面体,这个球是这个多面体的外接球。

定义2:若一个多面体的各面都与一个球的球面相切,则称这个多面体是这个球的外切多面体,这个球是这个多面体的内切球.1球与柱体的切接规则的柱体,如正方体、长方体、正棱柱等能够和球进行充分的组合,以外接和内切两种形态进行结合,通过球的半径和棱柱的棱产生联系,然后考查几何体的体积或者表面积等相关问题。

1.1球与正方体如图所示,正方体1111ABCD A B C D -,设正方体的棱长为a ,E 、F 、H 、G 为棱的中点,O 为球的球心。

常见组合方式有三类:一是球为正方体的内切球,截面图为正方形EFGH 和其内切圆,则2a OJ r ==;二是与正方体各棱相切的球,截面图为正方形EFGH和其外接圆,则2OG R ==;三是球为正方体的外接球,截面图为长方形11ACA C 和其外接圆,则1A O R '==常用工具是截面图,即根据组合的形式找到两个几何体的轴截面,通过两个截面图的位置关系,确定好正方体的棱与球的半径的关系,进而将空间问题转化为平面问题。

(1)正方体的内切球,如图1。

位置关系:正方体的六个面都与一个球都相切,正方体中心与球心重合;数据关系:设正方体的棱长为a ,球的半径为r ,这时有2r a =。

高中数学外接球、内切球教学设计详案

高中数学外接球、内切球教学设计详案

立体几何外接球、内切球问题一、教学分析:纵观近几年高考对于组合体的考查,与球相关的外接与内切问题是高考命题的热点之一.高考命题小题综合化倾向尤为明显,要求学生有较强的空间想象能力和准确的计算能力,才能顺利解答•从实际教学来看,这部分知识学生掌握较为薄弱、认识较为模糊,看到就头疼的题目•分析原因,除了这类题目的入手确实不易之外,主要是学生没有形成解题的模式和套路,以至于遇到类似的题目便产生畏惧心理.从近几年全国高考命题来看,这部分内容以选择题、填空题为主,大题很少见•此部分是重点也是一个难点,建议分两个课时,第一个课时以基础的方法为主,第二个课时在第一课时的基础上进行总结整理并拓展。

二、学情分析:学生在高一必修二教材系统的学习了立体几何,这部分内容本身对知识掌握的要求就比较高,又是难点,再加上疫情原因,很多同学不能系统了解和掌握,而一部分学生也只能解决长方体的外接球问题,稍复杂一点就不会。

三、教学目标:知识与技能:学生学会用构造法解决空间几何体的外接球、内切球问题。

过程与方法:学生建立空间感,体会转化数学思想方法。

情感、态度、价值观:完善学生知识体系,增进学生对数学的信心和兴趣。

四、教学重点:学会转化、数形结合的思想方法。

五、教学难点:构造法的要点。

六、教学过程分析问:如果是正方体,它的体对角线长和棱长什么关系2.复习圆柱的外接球问题问:一个球满足什么条件,我们把它叫做这个圆柱的外接球问:球心的位置在哪问:如果给出圆柱的底面半径和母线长,怎么求它外接球的半径问:一个球满足什么条件,我们把它叫做这个圆锥的外接球 问:球心的位置在哪 问:如果给出圆锥的底面半径和母线长,怎么求它外接球的半径 方程:先算出H其实我们一直是在求它们截面的外接圆的半径,长方体对角面矩形的 顶点都在球面上,长方体对角面长方形外接圆的直径也就是这个长方 体外接球的直径,圆柱和圆锥我们解是它们轴截面图形外接圆的半径, 把求一个空间几何体外接球半径问题转化为求一个截面图形外接圆半.复习圆锥的外接球问题O径问题的过程这就是我们所说的立体问题平面化三角形的外接圆半径除了刚才同学想到在直角三角形中用勾股定理列 方程的方法,还有什么方法回想一下解三角形那一章正弦定理:比较正弦定理,不用确定外接圆的圆心知道么)活动二:问题三棱锥的三条棱PA, PB, PC 两两垂直,PA 1, PB 2, PC 3,则其外接球的半径为问:三棱锥的的顶点和长方体的顶点之间什么关系它们的外接球是不是相同的问:球心在哪,半径怎么求(求长方体体对角线长需要长方体的长宽高,这几个量我们现在解决一个 几何体的 外接球可 能有多种 办法,让 学生发挥 想象,提 出各种方 法,通过 比较生成 对结合体 外接球问 题的认 识。

外接球与内切球专题

外接球与内切球专题

【典例 1】 已知各顶点都在同一个球面上的正四棱柱的高为 4,体
积为 16,则这个球的表面积是( )
A.16π
B.20π
C.24π
D.32π
【解析】 已知各顶点都在同一个球面上的正四棱柱的高为 4,体积 为 16,可求得底面边长为 2,故球的直径为 22+22+42=2 6,半径为 6, 球的表面积为 24π,故选 C。
【答案】 C
【小结】 本题是运用“正四棱柱的体对角线的长等于其外接球的三视图如图所示,则它的外接球的表 面积为( )
A.16π C.8π
B.4π D.2π
【解析】 由三视图可知该三棱锥的高为 1,底面为一个直角三角形, 由于底面斜边上的中线长为 1,则底面外接圆的半径为 1,顶点在底面上 的投影落在底面外接圆的圆心上。由于顶点到底面的距离与底面外接圆 的半径相等,则三棱锥的外接球的半径 R 为 1,则三棱锥的外接球的表 面积 S=4πR2=4π,故选 B。
【答案】 B
二、构造长方体或正方体确定球心 1.正四面体、三条侧棱两两垂直的正三棱锥、四个面都是直角三角 形的三棱锥,可将三棱锥补形成长方体或正方体; 2.同一个顶点上的三条棱两两垂直的四面体、相对的棱相等的三棱 锥,可将三棱锥补形成长方体或正方体; 3.若已知棱锥含有线面垂直关系,则可将棱锥补形成长方体或正方 体; 4.若三棱锥的三个侧面两两垂直,则可将三棱锥补形成长方体或正 方体。
5 2 4π× 2 2=50π。故选 D。
【答案】 D
三、由性质确定球心 利用球心 O 与截面圆圆心 O′的连线垂直于截面圆及球心 O 与弦中 点的连线垂直于弦的性质,确定球心。
【典例 3】 正三棱锥 A-BCD 内接于球 O,且底面边长为 3,侧 棱长为 2,则球 O 的表面积为________。

高中数学外接球教案人教版

高中数学外接球教案人教版

高中数学外接球教案人教版
教学目标:
1. 了解外接球的概念和性质;
2. 掌握外接球的相关公式和定理;
3. 能够解决外接球相关问题。

教学重点:
1. 外接球的定义和性质;
2. 外接球的相关公式和定理。

教学难点:
1. 球内一点到球上一点的距离的求解;
2. 外接球相关问题的解决。

教学方法:讲授相结合,示例分析,让学生举一反三。

教学过程:
一、导入(5分钟)
教师引导学生回顾球的相关概念和性质,让学生回想在空间几何中的球的性质,为外接球的学习做铺垫。

二、讲解外接球的概念和性质(15分钟)
1. 教师讲解外接球的定义和性质,引导学生理解外接球与圆的关系;
2. 教师介绍外接球的相关公式和定理,让学生掌握外接球的求解方法。

三、练习与讨论(20分钟)
1. 学生进行外接球相关练习,如求球内一点到球上一点的最短距离;
2. 学生互相讨论,解决外接球相关问题。

四、课堂小结(5分钟)
教师对本节课学习的重点、难点进行总结,梳理外接球的相关知识,并强调学生在课后要进行相关练习。

五、作业布置(5分钟)
布置相关作业,巩固学生对外接球的理解和运用。

教学反思:
通过本节课的学习,学生应该已经掌握了外接球的概念和性质,对外接球的相关公式和定理有了一定的了解。

学生在课后应该进行适当的练习,巩固所学知识。

在以后学习空间几何的过程中,要能够灵活运用外接球相关知识,解决空间几何问题。

高中数学外接球的求法教案

高中数学外接球的求法教案

高中数学外接球的求法教案
目标:学生能够理解外接球的概念,掌握外接球的求法,并能够在实际问题中解决外接球相关的数学问题。

教学内容:
1. 外接球的概念及性质;
2. 外接球的求法;
3. 外接球在实际问题中的应用。

教学步骤:
一、导入(5分钟)
教师引导学生回顾一下球的基本概念,并简单介绍外接球的概念。

二、讲解(15分钟)
1. 教师通过示意图和实例,介绍外接球的性质及特点;
2. 教师详细讲解外接球的求法,包括在不同情况下的具体步骤和计算方法;
3. 教师引导学生通过例题练习外接球的求法,确保学生掌握了方法。

三、练习(15分钟)
教师提供一些练习题供学生练习,包括计算外接球的半径、外接球的体积等问题。

四、应用(10分钟)
教师引导学生思考外接球在实际问题中的应用,例如外接球能包裹多少个相同大小的球、外接球的应用场景等。

五、总结(5分钟)
教师简要总结外接球的求法及应用,强调学生掌握了解决外接球相关数学问题的能力。

六、作业布置(5分钟)
布置作业,要求学生复习外接球的求法,并尝试解决一些相关的问题。

扩展活动:
可以引导学生进行实验,通过实际测量来验证外接球的性质和求法的正确性。

高中数学外接球训练教案

高中数学外接球训练教案

高中数学外接球训练教案
教案:高中数学外接球训练
目标:
1. 提高球员的外接球技术水平;
2. 增强球员的接球反应能力;
3. 培养球员的团队合作意识。

器材:
1. 篮球;
2. 篮球场。

活动内容:
1. 热身活动:进行全身热身运动,包括跑步、拉伸等,准备好身体。

2. 基本动作练习:教练示范外接球动作,包括站位、手部动作、眼神集中等,让球员模仿练习。

3. 靶场练习:设置不同的靶场,让球员在各种不同情况下进行外接球训练,提高接球准确率。

4. 对抗练习:分组进行对抗练习,模拟比赛场景,让球员在对抗中提高接球反应能力。

5. 团队合作练习:进行团队合作练习,让球员之间配合默契,提高整体比赛表现。

注意事项:
1. 确保球员安全在训练过程中,注意防止受伤。

2. 鼓励球员相互之间互动,加强彼此的合作能力。

3. 在训练中注重细节,不断调整和改进动作,提高训练效果。

总结:
通过本次训练,球员们对外接球技术有了更深入的了解,接球水平也有了一定的提高。

希望球员们能够在日常训练中不断加强练习,提高技术水平,在比赛中取得更好的成绩。

高考数学中的内切球和外接球问题.电子教案

高考数学中的内切球和外接球问题.电子教案

高考数学中的内切球和外接球问题一、有关外接球的问题如果一个多面体的各个顶点都在同一个球面上,那么称这个多面体是球的内接多面体,这个球称为多面体的外接球.有关多面体外接球的问题,是立体几何的一个重点,也是高考考查的一个热点.考查学生的空间想象能力以及化归能力.研究多面体的外接球问题,既要运用多面体的知识,又要运用球的知识,并且还要特别注意多面体的有关几何元素与球的半径之间的关系,而多面体外接球半径的求法在解题中往往会起到至关重要的作用.一、直接法(公式法)1、求正方体的外接球的有关问题例1若棱长为3的正方体的顶点都在同一球面上,则该球的表面积为______________ .例2一个正方体的各顶点均在同一球的球面上,若该正方体的表面积为24,则该球的体积为______________.2、求长方体的外接球的有关问题例3一个长方体的各顶点均在同一球面上,且一个顶点上的三条棱长分别为1,2,3,则此球的表面积为.例4已知各顶点都在一个球面上的正四棱柱高为4,体积为16,则这个球的表面积为().A. 16πB. 20πC. 24πD. 32π3.求多面体的外接球的有关问题例5一个六棱柱的底面是正六边形,其侧棱垂直于底面,已知该六棱柱的顶点都在同一个球面上,且该六棱柱的体积为89,底面周长为3,则这个球的体积为 .解 设正六棱柱的底面边长为x ,高为h ,则有⎪⎩⎪⎨⎧⨯==h x x 24368936⎪⎩⎪⎨⎧==213x h ∴正六棱柱的底面圆的半径21=r ,球心到底面的距离23=d .∴外接球的半径22d r R +=. 体积:334R V π=. 小结 本题是运用公式222d r R +=求球的半径的,该公式是求球的半径的常用公式.二、构造法(补形法) 1、构造正方体例5 若三棱锥的三条侧棱两两垂直,且侧棱长均为3,则其外接球的表面积是_______________.例3 若三棱锥的三个侧面两两垂直,且侧棱长均为3,则其外接球的表面积是 .故其外接球的表面积ππ942==r S .小结:一般地,若一个三棱锥的三条侧棱两两垂直,且其长度分别为c b a ,,,则就可以将这个三棱锥补成一个长方体,于是长方体的体对角线的长就是该三棱锥的外接球的直径.设其外接球的半径为R ,则有2222c b a R ++=. 出现“墙角”结构利用补形知识,联系长方体。

空间几何体的外接球和内切球问题讲课教案

空间几何体的外接球和内切球问题讲课教案

空间几何体的外接球和内切球问题空间几何体的外接球和内切球问题类型1 外接球的问题1.必备知识:(1)简单多面体外接球的球心的结论.结论1:正方体或长方体的外接球的球心是其体对角线的中点.结论2:正棱柱的外接球的球心是上下底面中心的连线的中点.结论3:直三棱柱的外接球的球心是上下底面三角形外心的连线的中点.(2)构造正方体或长方体确定球心.(3)利用球心O 与截面圆圆心O 1的连线垂直于截面圆及球心O 与弦中点的连线垂直于弦的性质,确定球心.2.方法技巧:(1)几何体补成正方体或长方体.(2)轴截面法(3)空间向量法1AB DC AD BC BD AC ======例1-1、正四面体的棱长都为,求此四面体外接球和内切球的半径例1-2、四面体中,, 求此四面体外接球的表面积 例1-3.若三棱锥ABC S -的三条侧棱两两垂直,且2=SA ,4==SC SB ,则该三棱锥的外接球半径为( )A.3B.6C.36D.9训练1(创新110页) 某几何体的三视图如图所示,则该几何体的外接球的表面积为( )A.25πB.26πC.32πD.36π训练2(创新110页)已知边长为2的等边三角形ABC ,D 为BC 的中点,沿AD 进行折叠,使折叠后的∠BDC =π2,则过A ,B ,C ,D 四点的球的表面积为( ) A.3π B.4π C.5π D.6π例2-1(创新110页)体积为3的三棱锥P -ABC 的顶点都在球O 的球面上,P A ⊥平面ABC ,P A =2,∠ABC =120°,则球O 的体积的最小值为( ) A.773π B.2873π C.19193π D.76193π 例2-1(创新109页)三棱锥P -ABC 中,平面P AC ⊥平面ABC ,AB ⊥AC ,P A =PC =AC =2,AB =4,则三棱锥P -ABC 的外接球的表面积为( )A.23πB.234πC.64πD.643π 类型2 内切球问题1.必备知识:(1)内切球球心到多面体各面的距离均相等,外接球球心到多面体各顶点的距离均相等.(2)正多面体的内切球和外接球的球心重合. (3)正棱锥的内切球和外接球球心都在高线上,但不一定重合.2.方法技巧:体积分割是求内切球半径的通用做法.【例3】 体积为4π3的球与正三棱柱的所有面均相切,则该棱柱的体积为________. 空间几何体的外接球和内切球问题近几年高考题1、(2019全国1卷第12题)已知三棱锥P ABC -的四个顶点在球O 的球面上,PA PB PC ==,△ABC 是边长为2的正三角形,E ,F 分别是PA ,PB 的中点,90CEF ∠=︒,则球O 的体积为( )A .B .C . D2、(2018全国3卷第10题).设A B C D ,,,是同一个半径为4的球的球面上四点,ABC △为等边三角形且其面积为D ABC -体积的最大值为( )A .B .C .D .3.(2017全国1卷第16题)如图,圆形纸片的圆心为O ,半径为5 cm ,该纸片上的等边三角形ABC 的中心为O .D ,E ,F 为圆O 上的点,△DBC ,△ECA ,△FAB 分别是以BC ,CA ,AB 为底边的等腰三角形.沿虚线剪开后,分别以BC ,CA ,AB 为折痕折起△DBC ,△ECA ,△FAB ,使得D ,E ,F 重合,得到三棱锥.当△ABC 的边长变化时,所得三棱锥体积(单位:cm 3)的最大值为______.4、(2017新课标全国Ⅲ理科)已知圆柱的高为1,它的两个底面的圆周在直径为2的同一个球的球面上,则该圆柱的体积为( )A.πB.3π4 C.π2 D.π4 5、(2016年全国1卷第6题).如图,某几何体的三视图是三个半径相等的圆及每个圆中两条互相垂直的半径.若该几何体的体积是28π3,则它的表面积是 ( )(A )17π (B )18π (C )20π (D )28π6、(2016年全国3卷第10题)在封闭的直三棱柱ABC −A 1B 1C 1内有一个体积为V 的球,若AB ⊥BC ,AB =6,BC =8,AA 1=3,则V 的最大值是( ) (A)4π (B)9π2 (C)6π (D)32π37、(2015年全国1卷第11题).圆柱被一个平面截去一部分后与半球(半径为r )组成一个几何体,该几何体三视图中的正视图和俯视图如图所示.若该几何体的表面积为16 + 20π,则r=( )(A ) 1 (B)2 (C )4 (D )88、(2015年全国2卷第9题).已知是球的球面上两点,,为该球面上的动点.若三棱锥体积的最大值为36,则球的表面积为( ) A .36πB .64πC .144πD .256π 7.(2014·大纲全国,8)正四棱锥的顶点都在同一球面上.若该棱锥的高为4,底面边长为2,则该球的表面积为( )A.81π4B.16πC.9πD.27π49、(2013年课标1卷第6题)、如图,有一个水平放置的透明无盖的正方体容器,容器高8cm ,将一个球放在容器口,再向容器内注水,当球面恰好接触水面时测得水深为6cm ,如果不计容器的厚度,则球的体积为( )A 、500π3cm 3B 、866π3cm 3C 、1372π3cm 3D 、2048π3cm 310、(2012课标卷第11题)已知三棱锥S ABC -的所有顶点都在球O 的求面上,ABC ∆是边长为1的正三角形,SC 为球O 的直径,且2SC =;则此棱锥的体积为( )()A 26 ()B 36 ()C 23 ()D 2211、(2011课标卷第15题)已知矩形的顶点都在半径为4的球的球面上,且,则棱锥的体积为 。

玩转外接球、内切球、棱切球(最新人教版优质教案)( 含解析 )

玩转外接球、内切球、棱切球(最新人教版优质教案)( 含解析 )

玩转外接球、内切球、棱切球【考点预测】知识点一:正方体、长方体外接球1.正方体的外接球的球心为其体对角线的中点,半径为体对角线长的一半.2.长方体的外接球的球心为其体对角线的中点,半径为体对角线长的一半.3.补成长方体(1)若三棱锥的三条侧棱两两互相垂直,则可将其放入某个长方体内,如图1所示.(2)若三棱锥的四个面均是直角三角形,则此时可构造长方体,如图2所示.(3)正四面体P -ABC 可以补形为正方体且正方体的棱长a =PA 2,如图3所示. (4)若三棱锥的对棱两两相等,则可将其放入某个长方体内,如图4所示图1 图2 图3 图4知识点二:正四面体外接球如图,设正四面体ABCD 的的棱长为a ,将其放入正方体中,则正方体的棱长为22a ,显然正四面体和正方体有相同的外接球.正方体外接球半径为R =22a ⋅32=64a ,即正四面体外接球半径为R =64a .知识点三:对棱相等的三棱锥外接球四面体ABCD 中,AB =CD =m ,AC =BD =n ,AD =BC =t ,这种四面体叫做对棱相等四面体,可以通过构造长方体来解决这类问题.如图,设长方体的长、宽、高分别为a ,b ,c ,则b 2+c 2=m 2a 2+c 2=n 2a 2+b 2=t 2,三式相加可得a 2+b 2+c 2=m 2+n 2+t 22,而显然四面体和长方体有相同的外接球,设外接球半径为R ,则a 2+b 2+c 2=4R 2,所以R =m 2+n 2+t 28.知识点四:直棱柱外接球如图1,图2,图3,直三棱柱内接于球(同时直棱柱也内接于圆柱,棱柱的上下底面可以是任意三角形)图1图2图3第一步:确定球心O的位置,O1是ΔABC的外心,则OO1⊥平面ABC;第二步:算出小圆O1的半径AO1=r,OO1=12AA1=12h(AA1=h也是圆柱的高);第三步:勾股定理:OA2=O1A2+O1O2⇒R2=h22+r2⇒R=r2+h2 2,解出R知识点五:直棱锥外接球如图,PA⊥平面ABC,求外接球半径.解题步骤:第一步:将ΔABC画在小圆面上,A为小圆直径的一个端点,作小圆的直径AD,连接PD,则PD必过球心O;第二步:O1为ΔABC的外心,所以OO1⊥平面ABC,算出小圆O1的半径O1D=r(三角形的外接圆直径算法:利用正弦定理,得asin A=bsin B=csin C=2r),OO1=12PA;第三步:利用勾股定理求三棱锥的外接球半径:①(2R)2=PA2+(2r)2⇔2R=PA2+(2r)2;②R2=r2+OO12⇔R=r2+OO12.知识点六:正棱锥与侧棱相等模型1.正棱锥外接球半径:R =r 2+h 22h.2.侧棱相等模型:如图,P 的射影是ΔABC 的外心⇔三棱锥P -ABC 的三条侧棱相等⇔三棱锥P -ABC 的底面ΔABC 在圆锥的底上,顶点P 点也是圆锥的顶点.解题步骤:第一步:确定球心O 的位置,取ΔABC 的外心O 1,则P ,O ,O 1三点共线;第二步:先算出小圆O 1的半径AO 1=r ,再算出棱锥的高PO 1=h (也是圆锥的高);第三步:勾股定理:OA 2=O 1A 2+O 1O 2⇒R 2=(h -R )2+r 2,解出R =r 2+h 22h.知识点三:侧棱为外接球直径模型方法:找球心,然后作底面的垂线,构造直角三角形.知识点四:共斜边拼接模型如图,在四面体ABCD 中,AB ⊥AD ,CB ⊥CD ,此四面体可以看成是由两个共斜边的直角三角形拼接而形成的,BD 为公共的斜边,故以“共斜边拼接模型”命名之.设点O 为公共斜边BD 的中点,根据直角三角形斜边中线等于斜边的一半的结论可知,OA =OC =OB =OD ,即点O 到A ,B ,C ,D 四点的距离相等,故点O 就是四面体ABCD 外接球的球心,公共的斜边BD 就是外接球的一条直径.知识点五:垂面模型如图1所示为四面体P-ABC,已知平面PAB⊥平面ABC,其外接球问题的步骤如下:(1)找出△PAB和△ABC的外接圆圆心,分别记为O1和O2.(2)分别过O1和O2作平面PAB和平面ABC的垂线,其交点为球心,记为O.(3)过O1作AB的垂线,垂足记为D,连接O2D,则O2D⊥AB.(4)在四棱锥A-DO1OO2中,AD垂直于平面DO1OO2,如图2所示,底面四边形DO1OO2的四个顶点共圆且OD为该圆的直径.图1图2知识点六:最值模型这类问题是综合性问题,方法较多,常见方法有:导数法,基本不等式法,观察法等知识点七:二面角模型如图1所示为四面体P-ABC,已知二面角P-AB-C大小为α,其外接球问题的步骤如下:(1)找出△PAB和△ABC的外接圆圆心,分别记为O1和O2.(2)分别过O1和O2作平面PAB和平面ABC的垂线,其交点为球心,记为O.(3)过O1作AB的垂线,垂足记为D,连接O2D,则O2D⊥AB.(4)在四棱锥A-DO1OO2中,AD垂直于平面DO1OO2,如图2所示,底面四边形DO1OO2的四个顶点共圆且OD为该圆的直径.知识点八:坐标法对于一般多面体的外接球,可以建立空间直角坐标系,设球心坐标为O(x,y,z),利用球心到各顶点的距离相等建立方程组,解出球心坐标,从而得到球的半径长.坐标的引入,使外接球问题的求解从繁琐的定理推论中解脱出来,转化为向量的计算,大大降低了解题的难度.知识点九:圆锥圆柱圆台模型1.球内接圆锥如图1,设圆锥的高为h,底面圆半径为r,球的半径为R.通常在△OCB中,由勾股定理建立方程来计算R.如图2,当PC>CB时,球心在圆锥内部;如图3,当PC<CB时,球心在圆锥外部.和本专题前面的内接正四棱锥问题情形相同,图2和图3两种情况建立的方程是一样的,故无需提前判断.由图2、图3可知,OC=h-R或R-h,故(h-R)2+r2=R2,所以R=h2+r2 2h.2.球内接圆柱如图,圆柱的底面圆半径为r,高为h,其外接球的半径为R,三者之间满足h2+r2=R2.3.球内接圆台R2=r22+r22-r21-h22h2,其中r1,r2,h分别为圆台的上底面、下底面、高.知识点四:锥体内切球方法:等体积法,即R=3V体积S表面积知识点五:棱切球方法:找切点,找球心,构造直角三角形【题型归纳目录】题型一:正方体、长方体模型题型二:正四面体模型题型三:对棱相等模型题型四:直棱柱模型题型五:直棱锥模型题型六:正棱锥与侧棱相等模型题型七:侧棱为外接球直径模型题型八:共斜边拼接模型题型九:垂面模型题型十:最值模型题型十一:二面角模型题型十二:坐标法模型题型十三:圆锥圆柱圆台模型题型十四:锥体内切球题型十五:棱切球【典例例题】题型一:题型一:正方体、长方体模型例1.(2022·陕西安康·高二期末(理))长方体的长,宽,高分别为3,2,1,其顶点都在球O的球面上,则球O的体积为( )A.43πB.12πC.48πD.323π【答案】A【解析】球O的半径为32+22+122=3,∴体积V=4π⋅333=43π.故选:A例2.(2022·全国·高一阶段练习)已知三棱锥P-BCD中,BC⊥CD,PB⊥底面BCD,BC=1,PB= CD=2,则该三棱锥的外接球的体积为( )A.74πB.92πC.278πD.259π【答案】B【解析】解:如图所示,将三棱锥P-BCD放在长、宽、高分别为2,1,2的长方体中,则三棱锥P-BCD的外接球即为该长方本的外接球,所以外接球的直径PD=BC2+CD2+PB2=12+22+22=3,∴该球的体积为43π×32 3=92π.故选:B例3.(2022·北京市第三十五中学高一阶段练习)已知正方体外接球的体积是323π,那么正方体的体对角线等于( )A.233B.4C.423D.433.【答案】B【解析】解:正方体外接球的直径即为正方体的体对角线,设外接球的半径为R,则V=43πR3=323π,解得R=2,所以正方体的体对角线等于2R=4;故选:B例4.(2022·黑龙江·勃利县高级中学高一期中)据《九章算术》记载,“鳖臑”为四个面都是直角三角形的三棱锥.如图所示,现有一个“鳖臑”,PA⊥底面ABC,AB⊥BC,且PA=AB=BC=2,三棱锥外接球表面积为( )A.10πB.12πC.14πD.16π【答案】B【解析】如图,将三棱锥补形为正方体,则外接球半径R =PC 2=AP 2+AB 2+BC 22=4+4+42=3.所以三棱锥外接球表面积S =4πR 2=4π×3=12π.故选:B .例5.(2022·河北·高一期中)《九章算术》中将底面为长方形且有一条侧棱与底面垂直的四棱锥称为“阳马”.现有一“阳马”P -ABCD ,PA ⊥平面ABCD ,AB =4,△PAD 的面积为4,则该“阳马”外接球的表面积的最小值为( )A.24πB.28πC.32πD.36π【答案】C【解析】如图,将四棱锥P -ABCD 补成长方体,则该四棱锥的外接球与长方体的外接球相同.因为长方体外接球的半径r =42+AD 2+PA 22,所以该“阳马”外接球的表面积为:4π×r 2=AD 2+PA 2+16 π≥(2AD ⋅PA +16)π=4×12AD ⋅PA +16 =4×4+16 π=32π.故选:C .例6.(2022·河南·模拟预测(文))在三棱锥A -BCD 中,已知AC ⊥平面BCD ,BC ⊥BD ,且AC =3,BC =2,BD =5,则该三棱锥外接球的表面积为( )A.12πB.7πC.9πD.8π【答案】A【解析】由AC ⊥平面BCD ,BC ⊥BD ,知三棱锥A -BCD 可补形为以BD ,BC ,AC 为长宽高的长方体,三棱锥的外接球即长方体的外接球,设外接球的半径为R ,则2R 2=3+4+5=12,所以S 球=4πR 2=12π.故选:A 题型二:正四面体模型例7.(2022·全国·高三专题练习(理))棱长为a 的正方体内有一个棱长为x 的正四面体,且该正四面体可以在正方体内任意转动,则x 的最大值为( )A.12aB.32aC.36aD.63a 【答案】D【解析】棱长为a 的正方体的内切球的半径为a 2,正四面体可以在正方体内任意转动,只需该正四面体为球的内接正四面体,换言之,棱长为x 的正四面体的外接球的半径为a 2,设正四面体为P -ABC ,过P 作PO ⊥平面ABC ,垂足为O ,O 为底面正ΔABC 的中心,则AO =23×32x =33x ,体高为x 2-33x 2=63x ,由于外接球半径为a 2 ,利用勾股定理得:63x -a 2 2+33x2=a 2 2 ,解得x =63a ,选D .例8.(2022·河南·西平县高级中学模拟预测(理))一个正四面体的棱长为2,则这个正四面体的外接球的体积为( )A.6πB.2πC.3πD.22π【答案】A 【解析】如图,四面体BDMN 是正四面体,棱长BD =2,将其补形成正方体GB CD -MENF ,则正方体GB CD -MENF 的棱长GB =22BD =2,此正方体的体对角线长为6,正四面体BDMN 与正方体GB CD -MENF 有相同的外接球,则正四面体BDMN的外接球半径R =62,所以正四面体BDMN 的外接球体积为V =43πR 3=43π⋅623=6π.故选:A例9.(2022·贵州师大附中高二开学考试(理))已知正四面体的棱长为2,则其外接球的表面积为( )A.4πB.6πC.8πD.10π【答案】B【解析】因为正四面体的棱长为2,所以底面三角形的高3,棱锥的高为h =22-233 2=263,设外接球半径为R ,则R 2=263-R 2+233 2,解得R =62.所以外接球的表面积为S =4πR 2=4π622=6π.故选:B .例10.(2022·河北·石家庄二中一模(理))如图所示,正四面体ABCD 中,E 是棱AD 的中点,P 是棱AC上一动点,BP +PE 的最小值为14,则该正四面体的外接球表面积是( )A.12πB.32πC.8πD.24π【答案】A【解析】将侧面△ABC 和△ACD 沿AC 边展开成平面图形,如图所示,菱形ABCD ,在菱形ABCD 中,连接BE ,交AC 于点P ,则BE 的长即为BP +PE 的最小值,即BE =14,因为正四面体ABCD ,所以AC =AB ,所以∠BCD =120°,因为E 是棱AD 的中点,所以∠DCE =30°,所以∠BCE =∠BCD -∠DCE =90°,设DE =x ,则AB =BC =CD =AD =2x ,所以CE =3x ,则BE =BC 2+CE 2=7x =14,所以x =2,则正四面体ABCD 的棱长为22,所以正四面体的外接球半径为64×22=3,所以该正四面体外接球的表面积为S =4π3 2=12π,故选:A例11.(2022·贵州·凯里一中高二期末(理))我们将四个面均为正三角形的四面体称为“正四面体”,在正四面体ABCD 中,E ,F 分别为棱AB ,CD 的中点,当EF =2时,四面体ABCD 的外接球的表面积为()A.12πB.4πC.3πD.6π【答案】D【解析】设正四面体的棱长为2a ,则:AF =BF =3a ,在等腰三角形ABF 中,AF =3a ,AE =a ,∴EF =3a 2-a 2=2a ,据此可得:2a =2,a =1,正四面体的棱长为:2a =2,外接球半径为:R =64×2a =62,其表面积为:4πR 2=6π.本题选择D 选项.例12.(2022·全国·高三专题练习)金刚石是碳原子的一种结构晶体,属于面心立方晶胞(晶胞是构成晶体的最基本的几何单元),即碳原子处在立方体的8个顶点,6个面的中心,此外在立方体的对角线的14处也有4个碳原子,如图所示(绿色球),碳原子都以共价键结合,原子排列的基本规律是每一个碳原子的周围都有4个按照正四面体分布的碳原子.设金刚石晶胞的棱长为a ,则正四面体SPQR 的棱长为__________;正四面体SPQR 的外接球的体积是__________.【答案】 22a 316πa 3【解析】依题意可知,O 为正四面体SPQR 的中心,如图:连接SO ,延长交平面PQR 于点M ,则M 为△PQR 的中心,所以设SR =x ,MR =23×32x =33x ,因为OR =SO =14ST =14×3a =34a ,所以SM =SR 2-MR 2=x 2-33x 2=63x ,由OM 2+MR 2=OR 2,得(SM -SO )2+MR 2=OR 2,得63x -34a 2+33x 2=34a 2,解得x =22a ,所以正四面体SPQR 的棱长为22a .依题意可知,正四面体SPQR 的外接球的圆心为O ,半径为34a ,所以正四面体SPQR 的外接球的体积是43π×34a 3=316πa 3.故答案为:22a ;316πa 3.题型三:对棱相等模型例13.(2022•让胡路区校级模拟)在四面体ABCD 中,若AB =CD =3,AC =BD =2,AD =BC =5,则四面体ABCD 的外接球的表面积为( )A.2πB.4πC.6πD.8π【解析】解:如下图所示,将四面体ABCD 放在长方体AEBF -GCHD 内,设该长方体的长、宽、高分别为x 、y 、z ,则长方体的体对角线长即为长方体的外接球直径,设该长方体的外接球半径为R ,由勾股定理得AB2=x2+y2=3 AC2=x2+z2=4 AD2=y2+z2=5 ,上述三个等式全加得2(x2+y2+z2)=12,所以,该四面体的外接球直径为2R=x2+y2+z2=6,因此,四面体ABCD的外接球的表面积为4πR2=π×(2R)2=6π,故选:C.例14.已知四面体ABCD中,AB=CD=5,BC=AD=10,AC=BD=13,若该四面体的各个顶点都在同一球面上,则此球的表面积为( )A.42πB.43πC.14πD.16π【解析】解:由题意,四面体扩充为长方体,且面上的对角线分别为5,10,13,∴长方体的对角线长为5+10+132=14,∴球的半径为142,∴此球的表面积为4π∙144=14π.故选:C.例15.如图,在三棱锥P-ABC中,PA=BC=3,PB=AC=2,PC=AB=5,则三棱锥P-ABC 外接球的体积为( )A.2πB.3πC.6πD.6π【解析】解:由题意,PA=BC=3,PB=AC=2,PC=AB=5,将三棱锥P-ABC放到长方体中,可得长方体的三条对角线分别为3,2,5,即a2+b2=3,a2+c2=2,c2+b2=5,解得:a=1,b=2,c=3.外接球的半径R=12×a2+b2+c2=62.∴三棱锥P-ABC外接球的体积V=43πR3=6π.故选:C.例16.(2022•永安市校级期中)在三棱锥P-ABC中,PA=BC=4,PB=AC=5,PC=AB=11,则三棱锥P-ABC的外接球的表面积为( )A.26πB.12πC.8πD.24π【解析】解:∵三棱锥P -ABC 中,PA =BC =4,PB =AC =5,PC =AB =11,∴构造长方体,使得面上的对角线长分别为4,5,11,则长方体的对角线长等于三棱锥P -ABC 外接球的直径.设长方体的棱长分别为x ,y ,z ,则x 2+y 2=16,y 2+z 2=25,x 2+z 2=11,∴x 2+y 2+z 2=26,∴三棱锥P -ABC 外接球的直径为26,∴三棱锥P -ABC 外接球的表面积为4π2622=26π.故选:A .例17.(2022•罗湖区月考)已知在四面体ABCD 中,AB =CD =22,AD =AC =BC =BD =5,则四面体ABCD 的外接球表面积为 .【解析】解:如下图所示,将四面体ABCD 放在长方体AEBF -GCHD 内,在四面体ABCD 中,AB =CD =22,AD =AC =BC =BD =5,设该长方体的长、宽、高分别为2、2、1,则长方体的体对角线长即为长方体的外接球直径,设该长方体的外接球半径为R ,所以,该四面体的外接球直径为2R =22+22+12=3,因此,四面体ABCD 的外接球的表面积为4πR 2=π×(2R )2=9π,故答案为:9π.例18.(2022•三模拟)在四面体ABCD 中,AC =BD =2,AD =BC =5,AB =CD =7,则其外接球的表面积为 .【解析】解:如下图所示,将四面体ABCD 放在长方体AEBF -GCHD 内,设该长方体的长、宽、高分别为x、y 、z ,则长方体的体对角线长即为长方体的外接球直径,设该长方体的外接球半径为R ,由勾股定理得x 2+y 2=4y 2+z 2=5z 2+x 2=7,上述三个等式全加得2(x 2+y 2+z 2)=16,所以,该四面体的外接球直径为2R =x 2+y 2+z 2=22,因此,四面体ABCD 的外接球的表面积为4πR 2=π×(2R )2=8π,故答案为:8π.题型四:直棱柱模型例19.(2022·山西·太原五中高一阶段练习)在直三棱柱ABC -A 1B 1C 1中,若AB ⊥BC ,AB =6,BC =8,AA 1=6,则该直三棱柱外接球的表面积为( )A.72πB.114πC.136πD.144π【答案】C【解析】由题意可得三棱柱的上下底面为直角三角形,取直角三角形斜边的中点O 1,O 2,直三棱柱ABC -A 1B 1C 1的外接球的球心O 为上下底面的外接圆圆心的连线O 1O 2的中点,连接AO ,AB ⊥BC ,AB =6,BC =8,AC =10,设外接球的半径为R ,下底面外接圆的半径为r ,r =AO 2=5,则R 2=25+9=34,该直三棱柱外接球的表面积为4πR 2=136π,故选:C 例20.(2022·安徽·合肥市第六中学高一期中)设直三棱柱ABC -A 1B 1C 1的所有顶点都在一个球面上,AB =AC =AA 1,∠BAC =120°,且底面△ABC 的面积为23,则此直三棱柱外接球的表面积是( )A.16πB.4010π3C.40πD.64π【答案】C 【解析】设AB =AC =AA 1=m ,因为∠BAC =120°,所以12×m ×m ×sin120°=23,m =22,而∠ACB =30°,所以22sin30°=2r (r 于是是△ABC 外接圆的半径),r =22,即AM =22,如图,设M ,N 分别是△ABC 和△A 1B 1C 1的外接圆圆心,由直棱柱的性质知MN 的中点O 是三棱柱ABC -A 1B 1C 1的外接球球心,OM =12MN =12AA 1=2,所以外接球为R =OA =AM 2+OM 2=22 2+2 2=10.于是球的表面积为S =4πR 2=4π10 2=40π.故选:C .例21.(2022·河南·高三阶段练习(文))已知正六棱柱ABCDEF-A1B1C1D1E1F1的每个顶点都在球O的球面上,且AB=3,AA1=4,则球O的表面积为( )A.42πB.48πC.50πD.52π【答案】D【解析】因为AB=3,所以正六边形ABCDEF外接圆的半径r=3,所以球O的半径R=r2+AA122=13,故球O的表面积为4πR2=52π.故选:D例22.(2022·全国·高二课时练习)表面积为81π的球,其内接正四棱柱(底面是正方形的直棱柱)的高是7,则这个正四棱柱的底面边长为______.【答案】4【解析】由题意知:正四棱柱的体对角线即为球的直径,设球的半径为R,则4πR2=81π,解得R=9 2,设正四棱柱的底面边长为a,则a2+a2+72=2R,解得a=4.故答案为:4.例23.(2022·河南·高三阶段练习(理))已知正三棱柱ABC-A1B1C1的外接球表面积为40π,则正三棱柱ABC-A1B1C1的所有棱长之和的最大值为______.【答案】1210【解析】由已知可得正三棱柱的外接球的球心为上下底面中心连线的中点,由外接球的表面积求出外接球半径,由底面边长求出底面外接圆半径,求出球心到底面的距离,进而求出正三棱柱的高,即可求出结论,【详解】设正三棱柱上下底面中心分别为H,H1,连HH1,取HH1中点O为正三棱柱外接球的球心,连OA为外接球的半径,如图,∴4π×OA2=40π,∴OA=10设正三棱柱ABC-A1B1C1的底面边长为x,∴AH=23×32x=33x,在RtΔAOH中,OH=OA2-AH2=10-13x2,∴HH1=210-13x2三棱柱ABC-A1B1C1的所有棱长之和为l=6x+610-13x2(0<x<30).l =61-x 310-13x 2 ,(0<x <30),令l =0,解得x =3102,当0<x <3102时,l >0,当3102<x <30时,l <0,所以x =3102是函数在定义域内有唯一极大值点,故当x =3102时,l =6x +610-13x 2(0<x <30)有最大值1210.故答案为: 1210.例24.(2022·浙江·高二期中)在直三棱柱ABC -A 1B 1C 1中,∠BAC =90°且BB 1=4,已知该三棱柱的体积为2,则此三棱柱外接球表面积的最小值为______.【答案】18π【解析】设BC 的中点为D ,B 1C 1的中点为D 1,AB =x ,AC =y ,由题,得三棱柱外接球的球心在线段DD 1的中点O 处,由三棱柱的体积为2,得12xy ×4=2,即xy =1,由题,得R 2=OB 2=OD 2+BD 2=4+14x 2+y 2 ,所以,外接球表面积S =4πR 2=4π⋅4+14x 2+y 2 =16π+x 2+y 2 π≥16π+2xy π=18π.故答案为:18π题型五:直棱锥模型例25.(2022·青海·海东市第一中学模拟预测(理))已知四棱锥P -ABCD 中,PA ⊥平面ABCD ,底面ABCD 是矩形,AD =3AB =3PA ,若四棱锥P -ABCD 外接球的表面积为11π,则四棱锥P -ABCD 的体积为( )A.3B.2C.2D.1【答案】D【解析】设四棱锥P -ABCD 外接球的半径为R ,则4πR 2=11π,即4R 2=11.由题意,易知PC 2=4R 2,得PC =11,设AB =x ,得x 2+9x 2+x 2=11,解得x =1,所以四棱锥P -ABCD 的体积为13×1×3×1=1.故选:D 例26.(2022·全国·高三专题练习)《九章算术》中将四个面都为直角三角形的三棱锥称之为鳖臑.若三棱锥M -ABC 为鳖臑,MA ⊥平面ABC ,AB ⊥BC ,AB =BC =2,MA =4,三棱锥M -ABC 的四个顶点都在球O 的球面上,则球O 的表面积为( )A.9πB.16πC.20πD.24π【答案】D【解析】如图所示,作AC 边上的中点D ,MC 边上的中点O ,连接ODMA ⊥平面ABC ,可得:MA ⊥AC ,OD ⊥AC可得:O 为球O 的球心,OC 为球的半径在直角三角形△ABC 中,可得:AC =22在直角三角形△ODC 中,可得:OC =6故球的表面积为:4π6 2=24π故选:D 例27.(2022·广西·宾阳中学高一阶段练习)已知三棱锥S -ABC 中,SA ⊥平面ABC ,AB =BC =CA=33,三棱锥S -ABC 外接球O 的表面积为100π,则球O 的体积为_______,异面直线SA ,OB 所成角的余弦值为________.【答案】 5003π;45【解析】由外接球表面积可知S =4πR 2=100π,解得R =5,所以球的体积V =43πR 3=5003π,如图,设球心为O ,H 为SA 中点,G 为△ABC 中心,连接OB ,OG ,因为G 为△ABC 中心,球心为O ,所以OG ⊥平面ABC ,又SA ⊥平面ABC ,所以OG ⎳SA ,由OG ⎳SA 可知,异面直线SA ,OB 所成角为∠BOG ,在Rt △ABC 中,cos ∠BOG =OG OB=R 2-BG 2R=25-23×32×33 25=45,故答案为:5003π;45.例28.(2022·河南·新乡市第一中学高一期末)已知三棱锥S -ABC 中,SA ⊥平面ABC ,SA =4,BC =23,∠BAC =60∘,则三棱锥S -ABC 外接球的表面积为______.【答案】32π【解析】如下图所示:圆柱O 1O 2的底面圆直径为2r ,母线长为h ,则O 1O 2的中点O 到圆柱底面圆上每点的距离都相等,则O 为圆柱O1O 2的外接球球心,球O 的半径为R =r 2+h 2 2,可将三棱锥S -ABC 置于圆柱O 1O 2内,使得圆O 2为△ABC 的外接圆,如下图所示:由正弦定理可知圆O 2的直径为2r =BC sin60∘=4,所以,三棱锥S -ABC 外接球的半径R =SA 2 2+r 2=22,因此,三棱锥S -ABC 外接球的表面积为4πR 2=32π.故答案为:32π.例29.(2022·青海·海东市第一中学模拟预测(文))已知在三棱锥P -ABC 中,PA =4,BC =26,PB =PC =3,PA ⊥平面PBC ,则三棱锥P -ABC 的外接球的表面积是( )A.43πB.42πC.48πD.46π【答案】A【解析】在△PBC 中,由余弦定理得:cos ∠BPC =PB 2+PC 2-BC 22PB ⋅PC =-618=-13,∴sin ∠BPC =1-cos 2∠BPC =223,∴△BPC 外接圆半径r =12×BC sin ∠BPC =12×26223=332,又PA ⊥平面PBC ,∴三棱锥P -ABC 的外接球半径R =r 2+12PA 2=274+4=432,则三棱锥P -ABC 的外接球的表面积S =4πR 2=43π.故选:A .例30.(2022·全国·高一阶段练习)已知三棱锥P -BCD 中,BC ⊥CD ,PB ⊥底面BCD ,BC =1,PB =CD =2,则该三棱锥的外接球的体积为( )A.74π B.92πC.278π D.259π【答案】B【解析】解:如图所示,将三棱锥P -BCD 放在长、宽、高分别为2,1,2的长方体中,则三棱锥P -BCD 的外接球即为该长方本的外接球,所以外接球的直径PD =BC 2+CD 2+PB 2=12+22+22=3,∴该球的体积为43π×32 3=92π.故选:B 例31.(2022·河北沧州·高一期末)已知在三棱锥A -BCD 中,AB ⊥平面BCD ,AB =23,AC =AD =4,CD =2,则三棱锥A -BCD 外接球的表面积为( )A.40π3B.15πC.52π3D.20π【答案】C【解析】因AB ⊥平面BCD ,BC ,BD ⊂平面BCD ,则AB ⊥BC ,AB ⊥BD ,而AB=23,AC =AD =4,则BC =BD =2=CD ,三棱锥A -BCD 的外接球O 截平面BCD 所得小圆圆心O 1是正△BCD 的中心,O 1B =233,连OO 1,则OO 1⊥平面BCD ,取线段AB 的中点E ,则球O 的球心O 在过E 垂直于直线AB 的垂面上,连OE ,如图,则四边形BEOO 1是矩形,OO 1=BE =12AB =3,因此,球O 的半径BO 有:BO 2=BO 21+OO 21=133,所以三棱锥A -BCD 外接球的表面积S =4π⋅BO 2=52π3.故选:C题型六:正棱锥与侧棱相等模型例32.(2022·江西·高三阶段练习(文))在正三棱锥P -ABC 中,PA ⊥PB ,P 到平面ABC 的距离为2,则该三棱锥外接球的表面积为( )A.36πB.16πC.16π3D.4π【答案】A【解析】因为PA ⊥PB ,由正三棱锥的性质知,PA ,PB ,PC 两两垂直且相等.设PA =PB =PC =a ,则AB =BC =CA =2a .根据V P -ABC =V A -PBC ,得13×12×a 2×a =13×12×2a 2sin60°×2,解得a =23.设三棱锥P -ABC 外接球的半径为R ,则2R =PA 2+PB 2+PC 2=36=6,所以R =3.故所求外接球的表面积为36π.故选:A .例33.(2022·江苏·高一课时练习)如图在正三棱锥S -ABC 中,M ,N 分别是棱SC ,BC 的中点,Q 为棱AC 上的一点,且AQ =12QC ,MN ⊥MQ ,若AB =22,则此正三棱锥S -ABC 的外接球的体积为( )A.12πB.433πC.83πD.43π【答案】D 【解析】因为在△SBC 中,M ,N 分别是棱SC ,BC 的中点,所以MN ⎳SB ,因为MN ⊥MQ ,所以SB ⊥MQ ,因为三棱锥S -ABC 为正三棱锥,所以SB ⊥AC (对棱垂直),又因为MQ ,AC ⊂面SAC ,MQ ∩AC =Q ,所以SB ⊥面SAC ,因为SA ,SC ⊂面SAC ,所以SB ⊥SA ,SB ⊥SC ,在Rt △SAB 中,SA 2+SB 2=AB 2,因为三棱锥S -ABC 为正三棱锥,所以△SBC 是等腰三角形,△ABC 是等边三角形,所以SB =SC ,AB =AC ,所以SA 2+SC 2=AC 2,即SA ⊥SC ,所以SA ,SB ,SC 两两垂直,将此三棱锥放入正方体中,此正方体的面对角线长等于AB 长,为22,则该正方体棱长为2,外接球半径R =22 2+222 2=3,正方体外接球体积V =43πR 3=43π×3 3=43π,此正三棱锥S -ABC 的外接球体积和正方体外接球体积相同,为43π.故选:D例34.(2022·重庆市实验中学高一阶段练习)三棱锥P -ABC 体积为36,且PA =PB =PC ,AB =AC =1,BC =3,则三棱锥外接球的表面积为____________.【答案】254π【解析】三棱锥P -ABC 中,取BC 中点D ,连PD ,连AD 并延长至O 1,使DO 1=AD ,连接BO 1,CO 1,PO 1,如图:于是得四边形ABO 1C 为平行四边形,而AB =AC =1,▱ABO 1C 是菱形,在△ABC 中,BC =3,由余弦定理有cos ∠BAC =AB 2+AC 2-BC 22AB ⋅AC =-12,即∠BAC =120∘,则∠ABO 1=60∘,△ABO 1是正三角形,O 1A =O 1B =O 1C =1,于是得O 1是△ABC 外接圆圆心,因PA =PB =PC ,D 为BC 中点,则PD ⊥BC ,又AO 1⊥BC ,PD ∩AO 1=D ,PD ,AO 1⊂平面PAO 1,从而有BC ⊥平面PAO 1,PO 1⊥BC ,同理PO 1⊥AC ,而AC ∩BC =C ,从而得PO 1⊥平面ABC ,由球的截面小圆性质知,三棱锥P -ABC 外接球球心O 在直线PO 1上,又S △ABC =12AB ⋅AC sin120∘=34,则V P -ABC =13PO 1⋅S △ABC =36,解得PO 1=2,设球O 的半径为R ,则OB =OP =R ,OO 1=|R -2|,Rt △OO 1B 中,O 1B 2+O 1O 2=OB 2,即1+(R -2)2=R 2,解得R =54,则球O 的表面积为S =4πR 2=25π4,所以三棱锥外接球的表面积为254π.故答案为:254π例35.(2022·重庆·高二期末)如图,在三棱锥A -BCD 中,AB =AC =BC =BD =CD ,二面角A -BC-D 的余弦值为-13,若三棱锥A -BCD 的体积为13,则三棱锥A -BCD 外接球的表面积为______.【答案】4π【解析】取BC 的中点E ,连接AE ,DE ,过点A 作AH ⊥DE ,交DE 的延长线于点H ,所以∠AED 为二面角A -BC -D 的平面角,设AB =2a ,则AE =DE =3a ,cos ∠AED =-13,所以sin ∠AEH =sin ∠AED =223,所以AH =263a ,EH =13AE =33a ,因为三棱锥A -BCD 的体积为13,所以13×34×(2a )2×263a =13,解得:a =22,EH =66,设△BCD 外接圆的圆心为O ',三棱锥A -BCD 外接球的球心为O ,连接OO ,OC ,O C ,过点O 作OF ⊥AH 于点F ,则O 'C =O 'D =23DE =63,O E =13DE =66,O H =OF ,OA =OC ,设OO =FH =h ,则AF =AH -FH =233-h ,OF =O H =O E +EH =63,由勾股定理得:h 2+632=233-h 2+63 2,解得:h =33,所以三棱锥A -BCD 外接球的半径R 满足R 2=O 'O 2+O 'C 2=1,则三棱锥A -BCD 的外接球的表面积为4πR 2=4π.故答案为:4π.例36.(2022·全国·高一期末)在正三棱锥P -ABC 中,AB =23,正三棱锥P -ABC 的体积是43,则正三棱锥P -ABC 外接球的表面积是( )A.5πB.15πC.25πD.35π【答案】C【解析】如图所示,设点G 为△ABC 的外心,则PG ⊥平面ABC ,由V P -ABC =13S △ABC ⋅PG =13×12×23×23×32⋅PG =43,∴PG =4,则三棱锥P -ABC 的外接球的球心O 在直线PG 上.设其外接球的半径为R ,由正弦定理得AG =AB2sin π3=2,在Rt △OAG 中,OG =|PG -R |=|4-R |,由勾股定理得OA 2=OG 2+AG 2,即R 2=22+|4-R |2,解得R =52.正三棱锥P -ABC 外接球的表面积是S =4πR 2=4π×52 2=25π,故选:C .例37.(2022·天津市咸水沽第一中学模拟预测)已知正三棱锥S -ABC 的三条侧棱两两垂直,且侧棱长为1,则此三棱锥的外接球的表面积为( )A.πB.3πC.6πD.9π【答案】B【解析】由题意,正三棱锥S -ABC 的三条侧棱两两垂直,且侧棱长为1,此三棱锥S -ABC 可补形为一个棱长为1的正方体,三棱锥S -ABC 的外接球与补成的棱长为1的正方体的外接球为同一个球,设正方体的外接球的半径为R ,可得2R =3,即R =32,所以此三棱锥的外接球的表面积为S =4πR 2=4π×322=3π.故选:B .例38.(2022·河南安阳·高二阶段练习(理))如图,在三棱锥A -BCD 中,AB =BC =AC =CD =2,∠BCD =120°,二面角A -BC -D 的大小为120°,则三棱锥A -BCD 的外接球的表面积为( )A.82π3B.80π3C.27πD.244π9【答案】D【解析】如图1,过D 作DM ⊥BC 垂足为M ,取BC 的中点E ,连接AE ,CM AE =DM =3,CM =1,BD =23过M 作MN ∥AE ,且MN =AE ,连接AN ,则AN =2∵△ABC 为等边三角形,则AE ⊥BC∴MN ⊥BC ,DM ⊥BC ,根据题意可得∠DMN =2π3∵DN 2=MN 2+DM 2-2MN ⋅DM ⋅cos ∠DMN =9,则DN =3由题意可得AN ⊥DN ,则AD 2=AN 2+DN 2=13,则AD =13如图2,∵AC =BC =CD ,则顶点C 在平面ABD 的投影为△ABD 的外接圆圆心O 1,则三棱锥A -BCD 的外接球的球心O 在直线CO 1上,连接O 1A ,O 1C ,OA cos ∠ABD =AB 2+BD 2-AD 22AB ⋅BD =38,则sin ∠ABD =618∴△ABD 的外接圆半径AO 1=12AD sin ∠ABD =41361,则CO 1=CA 2-AO 12=661设棱锥A -BCD 的外接球的半径为R ,则OA 2=AO 12+OO 12即R 2=413612+661-R 2,解得R =613三棱锥A -BCD 的外接球的表面积为S =4πR 2=244π9故选:D .例39.(2022·江苏南通·高三期末)已知正四棱锥P -ABCD 的底面边长为22,侧棱PA 与底面ABCD所成的角为45°,顶点P ,A ,B ,C ,D 在球O 的球面上,则球O 的体积是( )A.16πB.323π C.8π D.823π【答案】B【解析】在正四棱锥P -ABCD 中,连接AC ,BD ,AC ∩BD =O ,连PO ,如图,则有PO ⊥平面ABCD ,∠PAO 为侧棱PA 与底面ABCD 所成的角,即∠PAO =45∘,于是得O P =O A =O B =O C =O D =22AB =2,因此,顶点P ,A ,B ,C ,D 在以O 为球心,2为半径的球面上,即点O 与O 重合,所以球O 的体积是V =43π×23=323π.故选:B例40.(2022·全国·高考真题)已知正四棱锥的侧棱长为l ,其各顶点都在同一球面上.若该球的体积为36π,且3≤l ≤33,则该正四棱锥体积的取值范围是( )A.18,814B.274,814C.274,643D.[18,27]【答案】C【解析】∵ 球的体积为36π,所以球的半径R =3,设正四棱锥的底面边长为2a ,高为h ,则l 2=2a 2+h 2,32=2a 2+(3-h )2,所以6h =l 2,2a 2=l 2-h 2所以正四棱锥的体积V =13Sh =13×4a 2×h =23×l 2-l 436 ×l 26=19l 4-l 636 ,所以V=194l 3-l 56 =19l 324-l 26,当3≤l ≤26时,V >0,当26<l ≤33时,V <0,所以当l =26时,正四棱锥的体积V 取最大值,最大值为643,又l =3时,V =274,l =33时,V =814,所以正四棱锥的体积V 的最小值为274,所以该正四棱锥体积的取值范围是274,643.故选:C .题型七:侧棱为外接球直径模型例41.(2022•五华区校级期末)已知三棱锥P -ABC 的所有顶点都在球O 的球面上,AB =5,AC =3,BC =4,PB 为球O 的直径,PB =10,则这个三棱锥的体积为( )A.303B.153C.103D.53【解析】解:如图所示,由条件ΔABC 为直角三角形,则斜边AB 的中点O 1为ΔABC的外接圆的圆心,连接OO 1得OO 1⊥平面ABC ,OO 1=BO 2-BO 12=523,∵OO 1⎳PA ,PA =2OO 1=53,∴PA ⊥平面ABC ,∴三棱锥的体积为13×12×3×4×53=103.故选:C .例42.(2022•红花岗区校级月考)已知三棱锥A -BCD 的所有顶点都在同一个球面上,ΔBCD 是边长为。

高中数学外接球教案

高中数学外接球教案

高中数学外接球教案
教学目标:学生能够掌握外接球的基本概念,了解外接球的性质和性质的应用。

教学重点和难点:外接球的性质和应用。

教学内容和方法:
1. 复习圆的定义和性质。

2. 引入外接球的概念和性质。

3. 解决外接球相关的问题。

教学步骤:
1. 导入:通过一个生活中的例子引入外接球的概念,让学生对外接球有一个直观的认识。

2. 讲解外接球的定义和性质,例如:外接球的圆心和球心在同一直线上。

3. 指导学生如何求解外接球的半径和表面积。

4. 练习:让学生通过练习题加深对外接球相关概念的理解和应用。

5. 总结:对外接球的概念和性质进行总结,强化学生的记忆。

教学资源:
1. 教科书、课件等教学工具。

2. 练习题和解析。

教学评价:
1. 考察学生对外接球概念的理解和应用能力。

2. 分析学生在解决外接球相关问题时的思维和方法。

教学延伸:
1. 引导学生探索外接球在几何问题中的应用。

2. 鼓励学生自主学习外接球的更多性质和应用,提高他们的数学解决问题的能力。

教学反思:
1. 教师需要加强实例讲解,帮助学生更好地理解外接球的概念。

2. 鼓励学生主动思考和提问,促进学生之间的互动和合作。

高考数学中的内切球和外接球问题---专题复习

高考数学中的内切球和外接球问题---专题复习

高考数学中的内切球和外接球问题---专题复习高考数学:内切球和外接球问题多面体的顶点都在同一球面上时,称该多面体为球的内接多面体,该球为多面体的外接球。

多面体外接球问题是立体几何的重点,也是高考的热点,考查学生的空间想象能力和化归能力。

解决该问题需要运用多面体和球的知识,并特别注意多面体的几何元素与球的半径之间的关系。

多面体外接球半径的求法在解题中往往起到至关重要的作用。

一、直接法(公式法)1、求正方体的外接球的有关问题例1:若正方体的棱长为3且顶点都在同一球面上,求该球的表面积。

解析:要求球的表面积,只需知道球的半径。

由于正方体内接于球,所以它的体对角线正好为球的直径,因此求球的半径可转化为先求正方体的体对角线长,再计算半径。

故表面积为27π。

例2:一个正方体的各顶点均在同一球的球面上,若该正方体的表面积为24,则该球的体积为多少?解析:要求球的体积,还需先求出球的半径。

由正方体表面积可求出棱长,从而求出正方体的体对角线长为3√3.因此,该球的半径为3,故该球的体积为36π。

2、求长方体的外接球的有关问题例1:一个长方体的各顶点均在同一球面上,且一个顶点上的三条棱长分别为1、2、3,则该球的表面积为多少?解析:关键是求出球的半径,因为长方体内接于球,所以它的体对角线正好为球的直径。

长方体体对角线长为√14,故球的表面积为14π。

例2:已知各顶点都在一个球面上的正四棱柱高为4,体积为16,则该球的表面积为多少?解析:正四棱柱也是长方体。

由长方体的体积16及高4可以求出长方体的底面边长为2,因此,长方体的长、宽、高分别为2、2、4.故该球的表面积为24π。

3、求多面体的外接球的有关问题例:一个底面为正六边形的六棱柱,侧棱垂直于底面,已知该六棱柱的顶点都在同一球面上,且该六棱柱的体积为8,底面周长为3,则该球的体积为多少?解析:设正六棱柱的底面边长为x,高为h。

由底面周长可得x=3/6=1/2,由体积可得h=4/3.因此,正六棱柱的底面圆的半径为√3/2,外接球的半径为√13/2.故该球的体积为(52/3)π。

专题讲解 立体几何中的外接球与内切球问题(学生版)

专题讲解 立体几何中的外接球与内切球问题(学生版)

专题讲解立体几何中的外接球与内切球问题如果一个多面体的各个顶点都在同一个球面上,那么称这个多面体是球的内接多面体,这个球称为多面体的外接球.有关多面体外接球的问题,是立体几何的一个重点与难点,也是高考考查的一个热点。

考查学生的空间想象能力以及化归能力。

研究多面体的外接球问题,既要运用多面体的知识,又要运用球的知识,解决这类问题的关键是抓住内接的特点,即球心到多面体的顶点的距离等于球的半径.并且还要特别注意多面体的有关几何元素与球的半径之间的关系,而多面体外接球半径的求法在解题中往往会起到至关重要的作用。

球的内切问题主要是指球外切多面体与旋转体,解答时首先要找准切点,通过作截面来解决.如果外切的是多面体,则作截面时主要抓住多面体过球心的对角面来作。

当球与多面体的各个面相切时,注意球心到各面的距离相等即球的半径,求球的半径时,可用球心与多面体的各顶点连接,球的半径为分成的小棱锥的高,用体积法来求球的半径。

球与多面体的关系是高考考查的重点,但同学们又因为缺乏较强的空间想象能力,较难找到解题的切入点和突破口。

解决这类题目是要认真分析图形,明确切点和接点的位置及球心的位置是关键。

常见题型有求对应外接球或内切球半径、表面积、体积或球内接几何体最值等问题。

本章节将对常见的关于内切球和外接球的模型作一总结,并附有针对性训练题,供教师和学生参考使用。

一.常见模型归纳1. 墙角模型墙角模型是三棱锥有一条侧棱垂直于底面且底面是直角三角形模型,用构造法(构造长方体)解决。

外接球的直径等于长方体的体对角线长(在长方体的同一顶点的三条棱长分别为a,b,c,外接球的半径为R,则2R=a 2+b2+c2。

),秒杀公式:R2=a2+b2+c24.可求出球的半径从而解决问题.有以下四种类型:【例1】已知二面角α-l-β的大小为π3,点P∈α,点P在β内的正投影为点A,过点A作AB⊥l,垂足为点B,点C∈l,BC=22,P A=23,点D∈β,且四边形ABCD满足∠BCD+∠DAB=π.若四面体P ACD的四个顶点都在同一球面上,则该球的体积为________.A BCDA1B1C1D1类型ⅠA BCDA1B1C1D1类型ⅡA BCDA1B1C1D1类型ⅢA BCDA1B1C1D1例外型【例2】已知三棱锥P -ABC 的四个顶点在球O 的球面上,P A =PB =PC ,△ABC 是边长为2的正三角形,E ,F 分别是P A ,AB 的中点,∠CEF =90°,则球O 的体积为( ).A .68πB .64πC .62πD .6π【变式练习1】在空间直角坐标系Oxyz 中,四面体ABCD 各顶点的坐标分别为A (2,2,1),B (2,2,-1),C (0,2, 1),D (0,0,1),则该四面体外接球的表面积是( )A .16πB .12πC .43πD .6π【变式练习2】在长方体ABCD -A 1B 1C 1D 1中,底面ABCD 是边长为32的正方形,AA 1=3,E 是线段A 1B 1上一点, 若二面角A -BD -E 的正切值为3,则三棱锥A -A 1D 1E 外接球的表面积为________.2. 对棱相等模型对棱相等模型是三棱锥的三组对棱长分别相等模型,用构造法(构造长方体)解决。

高中数学外接球教案模板

高中数学外接球教案模板

教学目标:1. 理解外接球的概念,掌握求外接球半径的方法。

2. 通过实例,学会运用几何知识解决实际问题。

3. 培养学生的空间想象力和逻辑思维能力。

教学重点:1. 外接球的概念2. 求外接球半径的方法教学难点:1. 理解外接球与内切球的关系2. 运用几何知识解决实际问题教学过程:一、导入1. 提问:什么是球的内接体?什么是球的外接体?2. 引入外接球的概念:如果一个多面体的所有顶点都在一个球的球面上,那么这个球称为该多面体的外接球。

二、新授课1. 讲解外接球的概念,结合实例让学生理解。

2. 介绍求外接球半径的方法:a. 利用球心到多面体顶点的距离相等求半径;b. 利用几何关系,如勾股定理、相似三角形等求半径;c. 利用长方体、正方体等特殊几何体的性质求半径。

3. 通过实例讲解,让学生掌握求外接球半径的方法。

三、课堂练习1. 完成以下练习题,巩固所学知识:a. 已知一个正方体的棱长为a,求其外接球的半径。

b. 已知一个正四面体的棱长为a,求其外接球的半径。

c. 已知一个长方体的长、宽、高分别为a、b、c,求其外接球的半径。

2. 教师巡视指导,解答学生疑问。

四、课堂小结1. 回顾本节课所学内容,强调外接球的概念和求半径的方法。

2. 引导学生总结外接球与内切球的关系。

五、作业布置1. 完成课后练习题,巩固所学知识。

2. 预习下一节课内容。

教学反思:本节课通过讲解外接球的概念、求半径的方法,并结合实例进行讲解,让学生掌握了求外接球半径的基本技能。

在教学过程中,要注意以下几点:1. 注重学生的空间想象能力培养,引导学生从几何图形中抽象出外接球的概念。

2. 通过实例讲解,让学生理解外接球与内切球的关系,提高学生的逻辑思维能力。

3. 在课堂练习环节,注重培养学生的动手能力和解题技巧。

4. 课后作业布置要合理,既要巩固所学知识,又要培养学生的自主学习能力。

内外接球问题方法总结

内外接球问题方法总结

内外接球问题方法总结内外接球问题方法总结1. 引言内外接球是篮球运动中基本的技术之一,对于一个出色的球员来说,无论是进攻还是防守,都需要掌握这项技术。

在篮球比赛中,内外接球的准确性和速度直接影响到球队的进攻效率和比分结果。

本文将对内外接球问题的方法进行总结和探索,以便读者能够全面了解和掌握这一技术。

2. 内外接球问题的定义内外接球问题是指在篮球比赛中,球员在接到来球时,如何准确地控制和处理球,并迅速做出相应的动作。

3. 内外接球问题的重要性内外接球的准确性和速度直接决定了球队的进攻效率和比分结果。

一个能够稳定地接球,并快速做出正确判断和动作的球员,不仅能给球队带来更多的进攻机会,还能稳定球队的心态和信心。

4. 内外接球问题的解决方法4.1 内接球问题的解决方法内接球是指球员在接到来自队友的传球时,如何准确地控制球并快速做出相应的动作。

4.1.1 快速反应:接球时,球员应该始终保持警觉,并随时准备做出动作。

与此球员需要通过观察传球的速度和方向来预判球的落点,并迅速移动到合适的位置。

4.1.2 准确接球:接球时,球员要注意手指并拢、手掌放平,并保持手臂的柔软度,以便更好地控制球。

球员应该将目光集中在球上,专注地接住来球。

4.1.3 快速判断:接球后,球员应该迅速做出判断,并决定下一步的动作。

快速分辨出场上的防守球员位置,并做出相应的传球、投篮或运球等动作。

4.2 外接球问题的解决方法外接球是指球员在面对对方的防守时,如何准确地接住来球并快速做出相应的动作。

4.2.1 保持专注:面对对方的防守,球员需要保持专注,并用眼睛追踪来球的轨迹,以便更好地掌握球的位置。

4.2.2 准确接球:外接球时,球员需要以双手控制球,并保持手臂的柔软度,以便更好地控制球的轨迹。

球员应该保持对球的视线,并专注地接住来球。

4.2.3 快速反击:外接球后,球员需要迅速做出判断,并决定下一步的动作。

快速判断对方防守的弱点,并做出相应的突破、传球或投篮等动作。

球的内切和外接问题PPT教案学习

球的内切和外接问题PPT教案学习

的体积为 9 ,底面周长为3,则这个球的体积为
8


9
设正六棱柱的底面边长为x,高为h,则有8
6 6
x
3, 3 4
x2
h,
x
h
1, 2 3.
∴正六棱柱的底面圆的半径 r 1,球心到底面的距离
.∴外接球的半径
R
r2
d2
2
1,V球
4 3
.
d 3 2
小结 本题是运用公式 R2 r2 d2求球的半径的,该公式是求球
定义1:若一个多面体的各顶点都在一个球的球面上,
则称这个多面体是这个球的内接多面体,
这个球是这个 多面体的外接球

定义2:若一个多面体的各面都与一个球的球面相切,
则称这个多面体是这个球的外切多面体,
这个球是这个 多面体的内切球 。
第4页/共23页
图1
图2
图3
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球与棱柱的组合体问题
例1 甲球内切于正方体的各面,乙球内切于该正方体的各条棱,
第10页/共23页
一、直接法
A
C
O
1、求正方体的外接球的有关问题 A1
C1
例1、若棱长为3的正方体的顶点都在同一
球面上,则该球的表面积为 27 .
变式题:一个正方体的各顶点均在同一球的球 面上,若该正方体的表面积为24,则该球的体
积为 4 3 .
第11页/共23页
二、构造法
1、构造正方体
例2、若三棱锥的三条侧棱两两垂直,且侧棱长
a2
3 3
a2
2 a3 12
第20页/共23页
【点评】由于正四面体本身的对称性可知,内切球和外

初中足球接球教案

初中足球接球教案

初中足球接球教案课时安排:2课时教学目标:1. 让学生掌握足球脚内侧接球的基本技巧。

2. 培养学生团队协作能力和竞技体育精神。

3. 提高学生身体素质,增强运动能力。

教学内容:1. 足球脚内侧接球动作要领讲解与实践。

2. 团队配合练习。

3. 教学比赛。

教学过程:第一课时:一、课堂导入(5分钟)1. 教师与学生交流,了解学生足球基础。

2. 介绍足球脚内侧接球的重要性。

二、技术教学(20分钟)1. 讲解足球脚内侧接球的动作要领:a. 判断来球方向,准备接球。

b. 身体侧对来球方向,脚部轻微摆动。

c. 触球瞬间,脚部内侧与球接触,控制球的方向和速度。

d. 接球后,迅速调整身体姿态,准备下一步动作。

2. 学生分组练习,教师个别指导。

三、团队配合练习(15分钟)1. 学生分为两队,进行脚内侧接球传递练习。

2. 强调团队配合,培养学生协作精神。

四、教学比赛(10分钟)1. 学生分为两队,进行脚内侧接球比赛。

2. 比赛过程中,教师观察学生表现,及时给予指导和鼓励。

第二课时:一、复习上节课的内容(5分钟)1. 复习足球脚内侧接球的动作要领。

2. 学生进行脚内侧接球练习。

二、提高难度,进行多人大范围脚内侧接球练习(20分钟)1. 学生分为若干小组,进行大范围脚内侧接球练习。

2. 要求学生在规定时间内完成接球传递,提高速度和准确性。

三、团队配合练习(15分钟)1. 学生分为两队,进行脚内侧接球比赛。

2. 比赛过程中,教师观察学生表现,及时给予指导和鼓励。

四、总结与反思(10分钟)1. 教师引导学生总结本节课的收获。

2. 学生分享自己的感受和体验。

教学评价:1. 学生脚内侧接球技巧掌握情况。

2. 团队协作能力和竞技体育精神表现。

3. 学生身体素质和运动能力提高情况。

教学反思:本节课通过讲解、实践、比赛等方式,让学生掌握了足球脚内侧接球的基本技巧。

在团队配合练习中,学生的协作精神得到了提高。

教学过程中,教师应及时关注学生的表现,给予个别指导和鼓励,激发学生的学习兴趣和竞技热情。

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内、外接球专题一、几类常用的结论设R 为外接球的半径:类型一:正棱椎、圆锥公式:2=2l R h(l 是侧棱或母线长,h 是正棱椎或圆锥的高)类型二:长方体、正方体或者能够快速补成长方体或正方体的几何体公式:2R =(a b c 、、分别是长方体的长、宽、高)类型三:有侧棱垂直底面的椎体或柱体(棱柱、圆柱、棱锥、圆锥)公式:R =(h 是侧棱长,r 是底面外接圆的半径)备注:三角形外接圆半径(1)直角三角形:斜边的一半。

(2)一般三角形:正弦定理求解。

(2sin sin sin a b c R A B C===)(3)球心O 与截面圆圆心1O 的连线垂直于截面圆及球心O 与弦中点的连线.(3)二、几类常见几何体球心的位置⑴长方体或正方体的外接球的球心是其体对角线的中点.⑵正三棱柱的外接球的球心是上下底面中心连线的中点.⑶直三棱柱的外接球的球心是上下底面三角形外心连线的中点.⑷正棱锥的外接球球心在其高上,具体位置可通过建立直角三角形运用勾股定理计算得到.⑸若棱锥的顶点可构成共斜边的直角三角形,则公共斜边的中点就是其外接球的球心.三、几类常见长方体、正方体补形法⑴正四面体、三条侧棱两两垂直的正三棱锥、四个面都是直角三角形的三棱锥.⑵同一个顶点上的三条棱两两垂直的四面体、相对的棱相等的三棱锥.⑶若已知棱锥含有线面垂直关系,则可将棱锥补成长方体或正方体.⑷若三棱锥的三个侧面两两垂直,则可将三棱锥补成长方体或正方体.四:常见几何体的外接球小结1、设正方体的棱长为a ,求(1)内切球半径;(2)外接球半径;(3)与棱相切的球半径。

(1)截面图为正方形EFGH 的内切圆,得2a R =;(2)与正方体各棱相切的球:球与正方体的各棱相切,切点为各棱的中点,如图2。

作截面图,圆O 为正方形EFGH 的外接圆,易得a R 22=。

(3)正方体的外接球:正方体的八个顶点都在球面上,如图3,以对角面1AA 作截面图得,圆O 为矩形C C AA 11的外接圆,易得a O A R 231==。

2、正四面体的外接球和内切球的半径(正四面体棱长为a ,O 也是球心)内切球半径为:612r a =外接球半径为:a R 46=正四面体的高:63h a =球心O 为正四面体高的四等分点,内心、外心两心合一。

图1图2图3题型一、公式法1.已知一个圆锥的侧面积是底面积的2倍,记该圆锥的表面积为1S ,外接球的表面积为2S ,则12S S =()A.3:8B.9:16C.1:4D.1:82.在三棱锥P ABC -中,AB ==,90ABC BCP PAB ∠=∠=∠= ,2cos 4CPA ∠=,则三棱锥P ABC -外接球的表面积为()A.5πB.13πC.6πD.14π3.已知边长为2的等边三角形ABC ,D 为BC 的中点,以AD 为折痕进行折叠,使折后的2BDC π∠=,则过A B C D 、、、四点的球的表面积为()A.3πB.4πC.5πD.6π4.在四面体ABCD中,AB AC ==,6BC =,AD ⊥底面ABC ,DBC 的面积是6,若该四面体的顶点均在球O 的表面上,则球O 的表面积是()A.B.C.D.5.已知,,,A B C D 是球O 表面上四点,点E 为BC 的中点,若,,120AE BC DE BC AED ⊥⊥∠=︒,2AE DE BC ===,则球O 的表面积为()A.73πB.283πC.4πD.16π6.三棱锥P ABC -中,PA ⊥平面ABC ,2PA =且ABC形,则该三棱锥外接球的表面积为()A.43πB.C.D.7.在三棱锥P ABC -中,PA ⊥平面ABC ,23BAC π∠=,3AP =,AB =,Q 是边BC 上的一动点,且直线PQ 与平面ABC 所成角的最大值为3π,则三棱锥P ABC -的外接球的表面积为()A.B.C.D.8.已知SC 是球O 的直径,,A B 是球O 球面上的两点,且1,CA CB AB ===,若三棱锥S ABC -的体积为1,则球O 的表面积为()A.4πB.13πC.16πD.52π9.已知三棱锥S ABC -,ABC 是直角三角形,其斜边8AB =,SC ⊥平面ABC ,6SC =,则三棱锥的外接球的表面积为()A.B.C.D.10.已知三棱锥A BCD -的四个顶点,,,A B C D 都在球O 的表面上,,BC CD AC ⊥⊥平面BCD ,且2AC BC CD ===,则球O 的表面积为()A.4πB.8πC.16πD.11.《九章算术》中,将四个面都为直角三角形的三棱锥称之为鳖臑.若三棱锥P ABC -为鳖臑,PA ⊥平面ABC ,2,4PA AB AC ===,三棱锥P ABC -的四个顶点都在球O 的球面上,则球O 的表面积为()A.8πB.12πC.20πD.24π题型二、补形法1.在正方体ABCD-A 1B 1C 1D 1中,三棱锥A 1-BC 1D 内切球的表面积为4π,则正方体外接球的体积为()A.B.C.D.2.图是棱长为2的正八面体(八个面都是全等的等边三角形),球O 是该正八面体的内切球,则球O 的表面积为()A.83πB.43πC.27D.273.已知在三棱锥P ABC -中,2BAC π∠=,4AB AC ==,PA =PC =侧面PAC ⊥底面ABC ,则三棱锥P ABC -外接球的表面积为()A.B.C.D.4.已知三棱柱111ABC A B C -的六个顶点都在球的球面上,球O 的表面积为194π,1AA ⊥平面,51213ABC AB BC AC ===,,,则直线1BC 与平面11AB C 所成角的正弦值为()A.52B.52C.26D.265.在三棱锥A BCD -中,ABC ∆与BCD ∆都是正三角形,平面ABC ⊥平面BCD ,若该三棱锥的外接球的体积为,则ABC ∆边长为()A.B.C.D.66.已知三棱锥P ABC -的所有顶点都在球O 的球面上,ABC 的正三角形,,,PA PB PC 两两垂直,则球O 的体积为()A.2B.C.D.7.在正方体1111ABCD A B C D -中,E 为棱AB 上一点,且13AE BE ==,,以E 为球心,线段EC 的长为半径的球与棱111A D DD ,分别交于,F G 两点,则AFG ∆的面积为()A.B.C.D.8.已知三棱柱ABC﹣A 1B 1C 1的六个顶点都在球O 的球面上,且侧棱AA 1⊥平面ABC,若AB=AC=3,1283BAC AA π∠==,,则球的表面积为()A.36πB.64πC.100πD.104π题型三、三视图有关问题1.已知四棱锥P ABCD -的三视图如图所示,则四棱锥P ABCD -外接球的表面积是()A.B.1015πC.D.2.如图是某几何体的三视图,则该几何体的外接球的表面积为()A.B.C.D.3.如图是某几何体的三视图,其中俯视图为等边三角形,正视图为等腰直角三角形,若该几何体的各个顶点都在同一个球面上,则这个球的体积与该几何体的体积的比为()A.73πB.289πC.9D.43π4.某几何体的正视图为等腰三角形,俯视图为等腰梯形,三视图如图所示,该几何体外接球的表面积是().A.4πB.112πC.3πD.133π5.某棱锥的三视图如下图所示,则该棱锥的外接球的表面积为()A.B.C.D.6.中国古代数学家名著《九章算术》中记载了一种名为“堑堵”的几何体,其三视图如图所示,则其外接球的表面积为()A.43πB.C.D.7.某几何体的三视图如图所示,其中俯视图中六边形ABCDEF 是边长为1的正六边形,点G 为AF 的中点,则该几何体的外接球的表面积是()A.316πB.318πC.48164πD.488.某空间几何体的三视图如图所示,则该几何体的外接球的表面积为()A.B.C.D.9.多面体的三视图如图所示,则该多面体的外接球的表面积为()A.3416B.173432C.178πD.2894π10.一个直三棱柱的三视图如图1所示,其俯视图是一个顶角为23π的等腰三角形,则该直三棱柱外接球的表面积为()A.B.C.D.11.已知一个三棱锥的三视图如图所示,其中三视图的长、宽、高分别为2,1,12,则此三棱锥外接球的表面积为()A.174πB.214πC.D.12.一块硬质材料的三视图如图所示,正视图和俯视图都是边长为10cm 的正方形,将该木料切削、打磨,加工成球,则能得到的最大球的半径最接近()A.3cm B.4cm C.5cm D.6cm13.四棱锥P ABCD-的三视图如图所示,则该四棱锥的外接球的表面积为()A.815πB.8120πC.1015πD.10120π14.《九章算术》是我国古代内容极为丰富的数学名著,系统地总结了战国、秦、汉时期的数学成就.书中将底面为长方形且有一条侧棱与底面垂直的四棱锥称之为“阳马”,若某“阳马”的三视图如图所示(网格纸上小正方形的边长为1),则该“阳马”外接球的体积为A.3B.C.3D.题型四、确定球心位置法1.如图,在三棱锥B ACD -中,3ABC ABD DBC π∠=∠=∠=,3,2AB BC BD ===,则三棱锥B ACD -的外接球的表面积为()A.192πB.19πC.D.2.四面体ABCD 中,2AB AC BC ===,BD CD ==,点E 是BC 的中点,点A 在平面BCD 的射影恰好为DE 的中点,则该四面体外接球的表面积为()A.6011πB.449πC.3611πD.2011π3.在四面体ABCD 中,若AB CD ==,2AC BD ==,AD BC ==四面体ABCD 的外接球的表面积为()A.2πB.4πC.6πD.8π4.在三棱锥A BCD -中,BCD 是边长为2的等边三角形,3ABC ABD π∠=∠=,3AB =,则三棱锥A BCD -的外接球的表面积为()A.192πB.19πC.6D.5.如图,四面体ABCD 中,面ABD 和面BCD 都是等腰直角三角形,AB =,2BAD CBD π∠=∠=,且二面角A BD C --的大小为56π,若四面体ABCD 的顶点都在球O 上,则球O 的表面积为()A.B.C.D.6.已知,,,P A B C 是球O 球面上的四点,ABC ∆是正三角形,三棱锥P ABC -的体积为934,且30APO BPO CPO ∠=∠=∠= ,则球O 的表面积为()A.4πB.12πC.16πD.323π7.已知三棱锥D ABC -的所有顶点都在球O 的球面上,2AB BC ==,AC =若三棱锥D ABC -体积的最大值为2,则球O 的表面积为()A.8πB.9πC.253πD.1219π8.四面体A BCD -中,10AB CD ==,AC BD ==AD BC ==,则四面体A BCD -外接球的表面积为()A.50πB.100πC.200πD.300π9.已知边长为的菱形ABCD ,3A π=,沿对角线BD 把ABD 折起,二面角A BD C --的平面角是23π,则三棱锥A BCD -的外接球的表面积是()A.20πB.28πC.36πD.54π10.已知,A B 是球O 的球面上两点,60AOB ∠=︒,C 为该球面上的动点,若三棱锥O ABC -体积的最大值为,则球O 的体积为()A.81πB.128πC.144πD.288π11.在四面体S ABC -中,,AB BC 2AB BC SA SC ⊥====,二面角S AC B --的余弦值是3-,则该四面体外接球的表面积是()A.B.24πC.6πD.综合练习1.三棱锥S ABC -中,侧棱SA ⊥底面ABC ,5AB =,8BC =,60B ∠= ,SA =,则该三棱锥的外接球的表面积为___________.2.若一个长、宽、高分别为4,3,2的长方体的每个顶点都在球O 的表面上,则此球的表面积为__________.3.直三棱柱111ABC A B C -中,已知AB BC ⊥,3AB =,4BC =,15AA =,若三棱柱的所有顶点都在同一球面上,则该球的表面积为__________.4.菱形ABCD 边长为6,60BAD ∠= ,将BCD ∆沿对角线BD 翻折使得二面角C BD A --的大小为120 ,已知A 、B 、C 、D 四点在同一球面上,则球的表面积等于__________.5.如图,在四面体ABCD 中,AB ⊥平面BCD ,BCD ∆是边长为三角形.若8AB =,则四面体ABCD 的外接球的表面积为__________.6.已知点,,,A B C D 在同一个球的球面上,2AB BC AC ===,若四面体ABCD 的体积为3,球心O 恰好在棱DA 上,则这个球的表面积为__________.7.在长方体1111ABCD A B C D -中,11,2AB BC AA ===,点,E F 分别为1,CD DD 的中点,点G 在棱1AA 上,若//CG 平面AEF ,则四棱锥G ABCD -的外接球的体积为__________.8.三棱锥S ABC -的各顶点都在同一球面上,若3AB =,5AC =,7BC =,侧面SAB 为正三角形,且与底面ABC 垂直,则此球的表面积等于__________.9.如图,三棱锥的所有顶点都在一个球面上,在ABC 中,AB =,60ACB ∠=︒90BCD ∠=︒,,AB CD ⊥,CD =,则该球的体积为__________.10.我国古代数学名著《九章算术》对立体几何也有深入的研究,从其中的一些数学用语可见,譬如“堑堵”意指底面为直角三角形,且侧棱垂直于底面的三棱柱,“阳马”指底面为矩形且有一侧棱垂直于底面的四棱锥.现有一如图所示的“堑堵”即三棱柱111ABC A B C -,其中AC BC ⊥,若12AA AB ==,当“阳马”即四棱锥11B A ACC -体积最大时,“堑堵”即三棱柱111ABC A B C -外接球的体积为__________.11.某三棱锥的三视图如图所示,则它的外接球表面积为__________.12.在四面体ABCD 中,AD ⊥平面ABC ,AB AC ==2BC =,点G 为ABC的重心,若四面体ABCD 的外接球的表面积为2449π,则tan AGD ∠_______.13.三棱锥S ABC -中,底面ABC 是边长为2的等边三角形,SA ⊥面ABC ,2SA =,则三棱锥S ABC -外接球的表面积是_____________.14.已知球O 的体积为36π,则球O 的内接圆锥的体积的最大值为_____________.15.已知三棱锥D ABC -中,1AB BC ==,2AD =,BD =,AC =BC AD ⊥,则三棱锥的外接球的表面积为__________.16.某几何体的三视图如图所示,主视图是直角三角形,侧视图是等腰三角形,36π,则该几何体的体积为__________.17.在四面体S ABC -中,,2AB BC AB BC SA SC ⊥====,二面角S AC B --的余弦值是3-,则该四面体的外接球的表面积是__________.18.在四棱锥S ABCD -中,平面SAB ⊥平面SAD ,侧面SAB 的等边三角形,底面ABCD 是矩形,且2BC =,则该四棱锥外接球的表面积等于______________19.某多面体的三视图,如图所示,则该几何体的外接球的表面积为________.20.已知四面体A BCD -,BC BD 2,AC CD AD =====AB =,则四面体A BCD -外接球的表面积为_______.21.如图,多面体OABCD ,,,OA OB OC 两两垂直,==2AB CD ,=B AD C ,=AC BD ,,,A B C D 的外接球的表面积是_________.22.已知三角形PBD 所在平面与矩形ABCD 所在平面互相垂直,2,120PD BD BDP ==∠=︒若点,,,,P A B C D 都在同一球面上,则此球的表面积等于__________.23.已知三棱锥S ABC -的所有顶点都在球O 的球面上,SC 是球O 的直径,若平面SCA ⊥平面SCB ,SA AC =,SB BC =,三棱锥S ABC -的体积为83,则球O 的表面积为__________.24.已知三棱锥S ABC -的四个顶点均在某个球面上,SC 为该球的直径,ABC是边长为4的等边三角形,三棱锥S ABC -的体积为83,则此三棱锥的外接球的表面积为__________.25.已知直角梯形0,90,224ABCD BAD ADC AB AD CD ∠=∠====,沿AC 折叠成三棱锥D ABC -,当三棱锥D ABC -的体积最大时,其外接球的表面积为__________.26.三棱锥D ABC -中,DC ⊥平面ABC ,且2AB BC CA DC ====,则该三棱锥的外接球的表面积是__________27.设正三棱锥A BCD -的所有顶点都在球O 的球面上,E ,F 分别是AB ,BC 的中点,EF DE ⊥,且1EF =,则球O 的表面积为__________.28.已知三棱锥A BCD -中,3,1,BC 4,BD AB AD ====,当三棱锥A BCD -的体积最大时,其外接球的体积为__________.29.三棱锥A BCD AB AD BD -===,,底面BCD 为等边三角形,且平面ABD ⊥平面BCD ,求三棱锥A BCD -外接球的表面积______________.30.在ABC 中,AC BC AB AC 8AB ===+=,,E F G 分别为,,AB BC AC 三边中点,将,,BEF AEG GCF 分别沿,,EF EG GF 向上折起,使,,A B C 重合,记为S ,则三棱锥S EFG -的外接球面积的最小值为________________.31.三棱锥P ABC -中,AB BC ==,6AC =,PC ⊥平面ABC ,2PC =,则该三棱锥的外接球表面积为__________.32.已知,,,P E G F 都在球面C 上,且P 在EFG 所在平面外,PE EF ⊥,PE EG ⊥,224PE GF EG ===,120EGF ∠=︒,在球C 内任取一点,则该点落在三棱锥P EFG -内的概率为__________.33.已知等腰Rt ABC ∆中,2AB AC ==,,D E 分别为,AB AC 的中点,沿DE 将ABC ∆折成直二面角(如图),则四棱锥A DECB -的外接球的表面积为__________.34.已知棱长都相等正四棱锥的侧面积为,则该正四棱锥内切球的表面积为________。

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