四川省广安市邻水中学2015_2016学年高二物理上学期期中试卷(含解析)

2015-2016学年四川省广安市邻水中学高二（上）期中物理试卷
一、单项选择题（每小题只有1个选项正确，每小题3分，共24分）
1．关于摩擦起电和感应起电，以下说法正确的是( )
A．摩擦起电是因为电荷的转移，感应起电是因为产生电荷
B．摩擦起电是因为产生电荷，感应起电是因为电荷的转移
C．不论摩擦起电还是感应起电都是电荷的转移
D．以上说法均不正确
2．如图所示，先接通S使电容器充电，然后断开S．当增大两极板间距离时，电容器所带电荷量Q、电容C、两板间电势差U，电容器两极板间场强E的变化情况是( )
A．Q变小，C不变，U不变，E变小 B．Q变小，C变小，U不变，E不变
C．Q不变，C变小，U变大，E不变 D．Q不变，C变小，U变小，E变小
3．两条直导线互相垂直，如图所示，但相隔一个小距离，其中一条AB是固定的，另一条CD 能自由转动．当电流按图所示的方向通入两条导线时，CD导线将( )
A．不动
B．顺时针方向转动，同时靠近导线AB
C．逆时针方向转动，同时离开导线AB
D．顺时针方向转动，同时离开导线AB
E．逆时针方向转动，同时靠近导线AB
4．如图，a、b、c三枚小磁针分别放在通电螺线管的正上方、管内和右侧．当这些小磁针静止时，小磁针N极的指向是( )
A．a、b、c均向左B．a、b、c均向右
C．a向左，b向右，c向右D．a向右，b向左，c向右
5．我国第26次南极科考队中国雪龙号极地考察船2010年4月9日回国，顺利完成12项科考工作，在南极观看到了美丽的极光．极光是由来自太阳的高能量带电粒子流高速冲进高空稀薄大气层时，被地球磁场俘获，从而改变原有运动方向，向两极做螺旋运动，如图所示．这些高能粒子在运动过程中与大气分子或原子剧烈碰撞或摩擦从而激发大气分子或原子，使其发出有一定特征的各种颜色的光．地磁场的存在，使多数宇宙粒子不能达到地面而向人烟稀少的两极偏移，为地球生命的诞生和维持提供了天然的屏障．科学家发现并证实，向两极做螺旋运动的这些高能粒子的旋转半径是不断减小的，这主要与下列哪些因素有关( )
A．洛伦兹力对粒子做负功，使其动能减小
B．空气阻力做负功，使其动能减小
C．靠近南北两极的磁感应强度减小
D．太阳对粒子的引力做负功
6．某静电场的电场线分布如图所示，图中P、Q两点的电场强度的大小分别为E P和E Q，电势分别为φP和φQ，则( )
A．E P＞E Q，φP＞φQ B．E P＞E Q，φP＜φQ C．E P＜E Q，φP＞φQ D．E P＜E Q，φP＜φQ
7．用伏安法测电阻时，待测电阻大约是10欧，电流表的内阻是1欧，电压表的内阻是5千欧，则( )
A．用电流表外接法，此时测量值比真实值大
B．用电流表外接法，此时测量值比真实值小
C．用电流表内接法，此时测量值比真实值大
D．用电流表内接法，此时测量值比真实值小
8．一个电池组的电动势为E，内阻为r，用它给一个线圈电阻为R的直流电动机供电，当电动机正常工作时，通过电动机的电流为I，电动机两端的电压为U，经t（s）后，则( ) A．电源在内外电路做的功为IUt
B．电池消耗的化学能为IEt
C．电动机输出的机械能为IEt﹣I2rt
D．电池组的效率
二、多项选择题（每小至少两个选项正确，每小题4分，共16分）
9．图中实线是一簇未标明方向的由点电荷产生的电场线，虚线是某一带电粒子通过该电场区域时的运动轨迹，a、b是轨迹上的两点．若带电粒子在运动中只受电场力作用，根据此图可作出正确判断的是( )
A．带电粒子所带电荷的符号
B．带电粒子在a、b两点的受力方向
C．带电粒子在a、b两点的速度何处较大
D．带电粒子在a、b两点的电势能何处较大
10．如图所示是一实验电路图，在滑动触头由a端滑向b端的过程中，下列表述正确的是( )
A．路端电压变小 B．电流表的示数变大
C．电源内阻消耗的功率变大D．电路的总电阻变大
11．质量为m的通电导体棒ab置于倾角为θ的导轨上，如图所示．已知导体与导轨间的动摩擦因数为μ，在右图所加各种磁场中，导体均静止，则导体与导轨间摩擦力为零的可能情况是( )
A．B．C．D．
12．质子和α粒子由静止开始经同一电场加速后，沿垂直于磁感线方向进入同一匀强磁场，则质子和α粒子在磁场中各运动参量之间的关系为( )
A．速度之比为B．周期之比为1：2
C．向心力之比为D．运动半径之比为
三、实验题（13题4分，14题14分，共18分）
13．如图所示为一可供使用的多用电表，S为选择开关，Q为电阻挡调零旋钮．现在要用它检测电阻的阻值（图中未画电阻）．已知大约阻值为R1=60Ω，下面提出了在测量过程中一系列可能的操作，请你选出能尽可能准确地测定各阻值和符合多用电表安全使用规则的各项操作，并且将它们按合理顺序填写在后面的横线上．
A．使旋动S尖端对准电阻挡×1K
B．使旋动S尖端对准电阻挡×100
C．使旋动S尖端对准电阻挡×10
D．使旋动S尖端对准电阻挡×1
E．使旋动S尖端对准（V）1000或0FF挡
F．将两表笔分别接到R1的两端，读出R1的阻值，随后即断开
G．两表笔短接，调节Q使表针对准电阻挡刻度盘上的O，随后即断开．
所选操作及其顺序应为__________．
14．（14分）利用电流表、电压表和滑动变阻器测一节干电池的电动势和内阻，有下列器材供选择：
A．待测干电池（电动势约为1.5V，内阻小于1.0Ω）
B．电压表V1（量程3V，内阻约1000Ω）
C．电压表V2（量程15V，内阻约3 000Ω）
D．电流表A1（量程0.6A，内阻约1Ω）
E．电流表A2（量程3A，内阻约0.1Ω）
F．滑动变阻器R1（总阻值10Ω）
G．滑动变阻器R2（总阻值1kΩ）
H．开关和导线
（1）电流表应选用__________，电压表应选用__________，滑动变阻器应选用__________．（2）如图所示U﹣I图上是由实验测得的7组数据标出的点，请你完成图线，并由图线求出E=__________V，r=__________Ω．
（3）若只选用两组数据，用欧姆定律算出E、r，有可能误差较大，若选用第__________组和第__________组数据误差最大．
四、计算题（10+10+10+12=42分）
15．电动玩具汽车的直流电动机电阻一定，当加上0.3V电压时，通过的电流为0.3A，此时电动机没有转动．当加上3V电压时，电流为1A，这时候电动机正常工作，求电动机正常工作时，产生的机械功率__________ W；发热功率__________ W．
16．如图所示，PQ和MN为水平、平行放置的金属导轨，相距1m，导体棒ab跨放在导轨上，棒的质量为m=0.2kg，棒的中点用细绳经滑轮与物体相连，物体的质量M=0.3kg，棒与导轨间的动摩擦因数为μ=0.5，匀强磁场的磁感应强度B=2T，方向竖直向下，为了使物体匀速上升，应在棒中通入多大的电流？方向如何？（g取10m/s2）
17．如图所示，一束电子（电荷量为e）以速度v垂直射入磁感应强度为B，宽度为d的匀强磁场中，穿过磁场时速度方向与电子原来入射方向的夹角是30°，则电子的质量是多少？电子穿过磁场的时间是多少？
18．如图所示为一真空示波管，电子从灯丝K发出（初速度不计），经灯丝与A板间的加速电压U1加速，从A板中心孔沿中心线KO射出，然后进入两块平行金属板M、N形成的偏转电场中（偏转电场可视为匀强电场），电子进入M、N间电场时的速度与电场方向垂直，电子经过电场后打在荧光屏上的P点．已知加速电压为U1，M、N两板间的电压为U2，两板间的距离为d，板长为L1，板右端到荧光屏的距离为L2，电子的质量为m，电荷量为e．求：
（1）电子穿过A板时的速度大小；
（2）电子从偏转电场射出时的侧移量；
（3）P点到O点的距离．
2015-2016学年四川省广安市邻水中学高二（上）期中物理试卷
一、单项选择题（每小题只有1个选项正确，每小题3分，共24分）
1．关于摩擦起电和感应起电，以下说法正确的是( )
A．摩擦起电是因为电荷的转移，感应起电是因为产生电荷
B．摩擦起电是因为产生电荷，感应起电是因为电荷的转移
C．不论摩擦起电还是感应起电都是电荷的转移
D．以上说法均不正确
【考点】元电荷、点电荷．
【分析】摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，并没有创造电荷．感应起电的实质是电荷可以从物体的一部分转移到另一个部分．
【解答】解：摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，即说明了电荷可以从一个物体转移到另一个物体，并没有产生电荷．
感应起电过程电荷在电场力作用下，电荷从物体的一部分转移到另一个部分，所以ABD错误，C正确．
故选C
【点评】摩擦起电和感应起电的实质都电子发生了转移，只是感应起电是电子从物体的一部分转移到另一个部分．摩擦起电是电子从一个物体转移到另一个物体．
2．如图所示，先接通S使电容器充电，然后断开S．当增大两极板间距离时，电容器所带电荷量Q、电容C、两板间电势差U，电容器两极板间场强E的变化情况是( )
A．Q变小，C不变，U不变，E变小 B．Q变小，C变小，U不变，E不变
C．Q不变，C变小，U变大，E不变 D．Q不变，C变小，U变小，E变小
【考点】电容器的动态分析．
【专题】电容器专题．
【分析】电容器与电源断开，电量保持不变，增大两极板间距离时，根据C=，判断电容的变化，根据U=判断电势差的变化，根据E=，判断电场强度的变化．
【解答】解：电容器与电源断开，电量保持不变，增大两极板间距离时，根据C=，知电容C变小，根据U=，知两极板间的电势差U变大，根据E==，知电场强度E 不变．故C正确，A、B、D错误．
故选C．
【点评】解决电容器的动态分析问题关键抓住不变量．若电容器与电源断开，电量保持不变；若电容器始终与电源相连，电容器两端间的电势差保持不变．
3．两条直导线互相垂直，如图所示，但相隔一个小距离，其中一条AB是固定的，另一条CD 能自由转动．当电流按图所示的方向通入两条导线时，CD导线将( )
A．不动
B．顺时针方向转动，同时靠近导线AB
C．逆时针方向转动，同时离开导线AB
D．顺时针方向转动，同时离开导线AB
E．逆时针方向转动，同时靠近导线AB
【考点】平行通电直导线间的作用．
【分析】电流CD处于电流AB产生的磁场中，在CD左右两边各取一小电流元，根据左手定则判断其安培力的方向，从而判断其运动．当CD导线转过90°后，看两电流是同向电流还是异向电流，同向电流相互吸引，异向电流相互排斥．
【解答】解：电流AB产生的磁场在右边垂直纸面向里，在左边垂直纸面向外，在CD左右两边各取一小电流元，根据左手定则，左边的电流元所受的安培力方向向下，右边的电流元所受安培力方向向上，知CD导线逆时针方向转动．当CD导线转过90°后，两电流为同向电流，相互吸引．所以导线CD逆时针方向转动，同时靠近导线AB．故E正确，A、B、C、D错误．
故选：E．
【点评】在解决该题的过程中：1、使用了电流元法，即在导线上取一较短的电流，判断其受力方向．2、使用了特殊位置法，转过90°后判断其受力．3、使用了结论法，同向电流相互吸引，异向电流相互排斥．
4．如图，a、b、c三枚小磁针分别放在通电螺线管的正上方、管内和右侧．当这些小磁针静止时，小磁针N极的指向是( )
A．a、b、c均向左B．a、b、c均向右
C．a向左，b向右，c向右D．a向右，b向左，c向右
【考点】通电直导线和通电线圈周围磁场的方向．
【分析】小磁针能体现出磁场的存在，且小磁针静止时N极的指向为磁场的方向，即为磁感应强度的方向．也可为磁感线在该点的切线方向．而电流周围的磁场由右手螺旋定则来确定磁场方向．通电螺线管外部的磁感线是从N极向S极，而内部则是从S极到N极的．
【解答】解：由通电螺线管电流的流向，根据右手螺旋定则可得，通电螺线管的左边为S极，右边为N极．所以a枚小磁针的N极指向为向左、b枚小磁针N极指向为向右、c枚小磁针的N极指向为向右，
故选：C．
【点评】右手螺旋定则也叫安培定则，让大拇指所指向为电流的方向，则四指环绕的方向为磁场方向．当导线是环形时，则四指向为电流的方向．
5．我国第26次南极科考队中国雪龙号极地考察船2010年4月9日回国，顺利完成12项科考工作，在南极观看到了美丽的极光．极光是由来自太阳的高能量带电粒子流高速冲进高空稀薄大气层时，被地球磁场俘获，从而改变原有运动方向，向两极做螺旋运动，如图所示．这些高能粒子在运动过程中与大气分子或原子剧烈碰撞或摩擦从而激发大气分子或原子，使其发出有一定特征的各种颜色的光．地磁场的存在，使多数宇宙粒子不能达到地面而向人烟稀少的两极偏移，为地球生命的诞生和维持提供了天然的屏障．科学家发现并证实，向两极做螺旋运动的这些高能粒子的旋转半径是不断减小的，这主要与下列哪些因素有关( )
A．洛伦兹力对粒子做负功，使其动能减小
B．空气阻力做负功，使其动能减小
C．靠近南北两极的磁感应强度减小
D．太阳对粒子的引力做负功
【考点】洛仑兹力．
【专题】定性思想；推理法；带电粒子在磁场中的运动专题．
【分析】根据地球磁场的分布，由左手定则可以判断粒子的受力的方向，从而可以判断粒子的运动的方向．在由洛伦兹力提供向心力，则得运动半径与质量及速度成正比，与磁感应强度及电量成反比．
【解答】解：A、地球的磁场由南向北，当带负电的宇宙射线粒子垂直于地面向赤道射来时，根据左手定则可以判断粒子的受力的方向为向西，所以粒子将向西偏转；当带正电的宇宙射线粒子垂直于地面向赤道射来时，根据左手定则可以判断粒子的受力的方向，粒子受到的洛伦兹力始终与速度垂直，所以洛伦兹力不做功，故A错误；
B、粒子在运动过程中可能受到空气的阻力，对粒子做负功，所以其动能会减小，故B正确；
C、粒子在运动过程中，南北两极的磁感应强度较强，由洛伦兹力提供向心力，得出的半径公式，可知，当磁感应强度增加时，半径是减小．故C错误；
D、粒子在运动过程中，若电量增大，由洛伦兹力提供向心力，得出的半径公式，可知，当电量增大时，半径是减小，与太阳的引力做功无关．故D错误．
故选：B．
【点评】本题就是考查左手定则的应用，掌握好左手定则即可判断粒子的受力的方向．同时利用洛伦兹力提供向心力，推导出运动轨迹的半径公式来定性分析．
6．某静电场的电场线分布如图所示，图中P、Q两点的电场强度的大小分别为E P和E Q，电势分别为φP和φQ，则( )
A．E P＞E Q，φP＞φQ B．E P＞E Q，φP＜φQ C．E P＜E Q，φP＞φQ D．E P＜E Q，φP＜φQ 【考点】电场线；电场强度；电势．
【专题】电场力与电势的性质专题．
【分析】根据P、Q两点处电场线的疏密比较电场强度的大小．根据沿电场线的方向电势降低．【解答】解：由图P点电场线密，电场强度大，E P＞E Q，．沿电场线的方向电势降低，φP＞φQ．故选：A．
【点评】掌握电场线的特点：疏密表示强弱，沿电场线的方向电势降低．
7．用伏安法测电阻时，待测电阻大约是10欧，电流表的内阻是1欧，电压表的内阻是5千欧，则( )
A．用电流表外接法，此时测量值比真实值大
B．用电流表外接法，此时测量值比真实值小
C．用电流表内接法，此时测量值比真实值大
D．用电流表内接法，此时测量值比真实值小
【考点】伏安法测电阻．
【专题】实验题；恒定电流专题．
【分析】伏安法测电阻时有电流表内接和外接两种接法，由于实际电压表内阻较大，但不是无穷大，实际电流表内阻较小，也不是零，故两种接法都存在一定的实验误差，要根据实际情况灵活选择，以减小实验误差
【解答】解：由于本题中因，用电流表内接法时，安培表的分压作用比较明显，误差较大，而用安培表外接法时，电压表的分流作用较小，故应该采用安培表外接法；
采用安培表外接法，电压表读数比较准确，由于伏特表的分流作用，电流表的读数偏大，故电阻的测量值偏小，测量值等于待测电阻与伏特表相并联的电阻值；
故选：B．
【点评】本题关键分析清楚电流表内、外接法的误差来源，然后根据实际数据选择误差较小的接法．
8．一个电池组的电动势为E，内阻为r，用它给一个线圈电阻为R的直流电动机供电，当电动机正常工作时，通过电动机的电流为I，电动机两端的电压为U，经t（s）后，则( ) A．电源在内外电路做的功为IUt
B．电池消耗的化学能为IEt
C．电动机输出的机械能为IEt﹣I2rt
D．电池组的效率
【考点】电功、电功率．
【专题】定性思想；推理法；恒定电流专题．
【分析】电源做功的总功等于EIt；电池消耗的化学能为IEt；电动机正常工作时，其电路是非纯电阻电路，由W=UIt求解电功．发热量由P=I2Rt求解．输出的机械能由能量守恒定律研究．电池组的效率等于输出功率与总功率之比．
【解答】解：A、电源在内外电路做的功为W总=EIt，根据能量守恒关系可知，电池消耗的化学能为IEt；故AB正确；
C、电动机消耗电热Q=I2Rt，电源消耗的电热Q1=I2rt．根据能量守恒得：电动机输出的机械能为IUt﹣I2Rt=IEt﹣I2（R+r）t．故C错误．
D、电池组的效率为η==．故D错误．
故选：AB．
【点评】本题中当电动机正常工作时其电路是非纯电阻电路，求电功只能用W=UIt，求热量Q=I2Rt．而输出的机械能只能根据能量守恒求解．
二、多项选择题（每小至少两个选项正确，每小题4分，共16分）
9．图中实线是一簇未标明方向的由点电荷产生的电场线，虚线是某一带电粒子通过该电场区域时的运动轨迹，a、b是轨迹上的两点．若带电粒子在运动中只受电场力作用，根据此图可作出正确判断的是( )
A．带电粒子所带电荷的符号
B．带电粒子在a、b两点的受力方向
C．带电粒子在a、b两点的速度何处较大
D．带电粒子在a、b两点的电势能何处较大
【考点】电场线；电势能．
【专题】电场力与电势的性质专题．
【分析】由图，粒子的运动轨迹向左弯曲，说明粒子受到的电场力大体向左，电场线方向不明，无法判断粒子的电性．根据电场线疏密程度，判断ab两点场强的大小，从而判断ab两点电场力大小，再根据牛顿第二定律得ab点加速度的大小．
【解答】解：AB、粒子的运动轨迹向左弯曲，说明粒子在a、b两点受到的电场力沿电场线向左，由于电场线方向不明，无法确定粒子的电性．故A错误，B正确．
C、由轨迹弯曲方向与粒子速度方向的关系分析可知，由a到b，电场力对粒子做负功，粒子的动能减小，电势能增大，则粒子在a点的速度较大b点的电势能大，故CD正确．
故选：BCD
【点评】本题是电场中粒子的轨迹问题，首先要能根据轨迹的弯曲方向判断粒子受力方向，其次判断粒子动能和电势能的变化要根据电场力做功情况
10．如图所示是一实验电路图，在滑动触头由a端滑向b端的过程中，下列表述正确的是( )
A．路端电压变小 B．电流表的示数变大
C．电源内阻消耗的功率变大D．电路的总电阻变大
【考点】闭合电路的欧姆定律；电功、电功率．
【专题】恒定电流专题．
【分析】在滑动触头由a端滑向b端的过程中，分析变阻器接入电路的电阻如何变化，分析外电路总电阻的变化，根据欧姆定律分析总电流和路端电压的变化，以及电源内阻消耗的功率如何变化，再判断电流表的示数的变化．
【解答】解：A、D、在滑动触头由a端滑向b端的过程中，变阻器接入电路的电阻变小，外电路总电阻变小，根据闭合电路欧姆定律分析得知，电路中总电流I变大，路端电压U=E﹣Ir，则U变小．故A正确，D错误．
B、电流表的示数I A=，U变小，则I A变小．故B错误．
C、电源内阻消耗的功率P=I2r，I变大，P变大．故C正确．
故选：AC
【点评】本题是电路的动态变化分析问题，首先分析变阻器接入电路的电阻如何变化，接着分析总电阻、总电流和路端电压的变化，再分析局部电流、电压的变化，即按“局部到整体再到局部”的思路进行分析．
11．质量为m的通电导体棒ab置于倾角为θ的导轨上，如图所示．已知导体与导轨间的动摩擦因数为μ，在右图所加各种磁场中，导体均静止，则导体与导轨间摩擦力为零的可能情况是( )
A．B．C．D．
【考点】安培力；摩擦力的判断与计算．
【分析】由左手定则判断安培力的方向，对通电导体棒ab受力分析，根据共点力平衡条件判断导体棒是否受摩擦力．
【解答】解：A、杆子受竖直向下的重力、水平向右的安培力和垂直于斜面向上的斜面的支持力，若三个力平衡，则不受摩擦力，故A正确．
B、杆子受竖直向下的重力、竖直向上的安培力，若重力与安培力相等，则二力平衡，不受摩擦力，故B正确．
C、杆子受重力、竖直向下的安培力、支持力，要想处于平衡，一定受摩擦力，故C错误．
D、杆子受重力、水平向左的安培力，支持力，要想处于平衡，一定受摩擦力，故D错误．故选：AB．
【点评】解决本题的关键掌握安培力的方向判定，以及能正确地进行受力分析，根据受力平衡判断杆子是否受摩擦力．
12．质子和α粒子由静止开始经同一电场加速后，沿垂直于磁感线方向进入同一匀强磁场，则质子和α粒子在磁场中各运动参量之间的关系为( )
A．速度之比为B．周期之比为1：2
C．向心力之比为D．运动半径之比为
【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动．
【专题】定量思想；推理法；带电粒子在复合场中的运动专题．
【分析】根据动能定理求出粒子进入磁场的速度，根据洛伦兹力公式求解洛伦兹力之比，结合粒子在磁场中运动的半径公式和周期公式求出周期之比和半径之比．
【解答】解：A、由动能定理得：qU=mv2﹣0，解得：，因为质子和α粒子的电量之比为1：2，质量之比为1：4，则速率之比为：1，故A正确．
B、粒子在磁场中运动的周期：，因为质子和α粒子的电量之比为1：2，质量之比为1：4，则周期之比为1：2，故B正确．
C、洛伦兹力提供向心力，故：f=F n=qvB=，因为质子和α粒子的电量之比为1：2，质量之比为1：4，则洛伦兹力之比为1：，故C错误；
D、粒子在磁场中运动的半径，速度，故r=，因为质子和α粒子的电量之比为1：2，质量之比为1：4，则半径之比为1：，故D错误；
故选：AB
【点评】解决本题的关键掌握粒子在磁场中的半径公式和周期公式，并能灵活运用，注意在计算题中，半径公式和周期公式不能直接运用．
三、实验题（13题4分，14题14分，共18分）
13．如图所示为一可供使用的多用电表，S为选择开关，Q为电阻挡调零旋钮．现在要用它检测电阻的阻值（图中未画电阻）．已知大约阻值为R1=60Ω，下面提出了在测量过程中一系列可能的操作，请你选出能尽可能准确地测定各阻值和符合多用电表安全使用规则的各项操作，并且将它们按合理顺序填写在后面的横线上．
A．使旋动S尖端对准电阻挡×1K
B．使旋动S尖端对准电阻挡×100
C．使旋动S尖端对准电阻挡×10
D．使旋动S尖端对准电阻挡×1
E．使旋动S尖端对准（V）1000或0FF挡
F．将两表笔分别接到R1的两端，读出R1的阻值，随后即断开
G．两表笔短接，调节Q使表针对准电阻挡刻度盘上的O，随后即断开．
所选操作及其顺序应为DGFE．
【考点】用多用电表测电阻．
【专题】实验题；定性思想；图析法；恒定电流专题．
【分析】应欧姆表测电阻时，要先进行机械调零，测多个电阻时，一般先测阻值较小的电阻；测电阻时要根据待测电阻阻值大小选择合适的挡位，然后进行欧姆调零，每换一次挡都要进行欧姆调零，欧姆表使用完毕，要把选择开关置于交流电压最高档或OFF挡．。