2020年吉林省长春市中考数学试卷和答案解析

2020年吉林省长春市中考数学试卷
和答案解析
一、选择题（本大题共8小题，每小题3分，共24分）
1．（3分）如图，数轴上被墨水遮盖的数可能为（）
A．﹣1B．﹣1.5C．﹣3D．﹣4.2
解析：由数轴上数的特征可得该数的取值范围，再进行判断即可．参考答案：解：由数轴上墨迹的位置可知，该数大于﹣4，且小于﹣2，
因此备选项中，只有选项C符合题意，
故选：C．
点拨：本题考查数轴表示数的意义和方法，确定被墨迹所盖的数的取值范围是正确解答的前提．
2．（3分）为了增加青少年的校外教育活动场所，长春市将建成面积约为79000平方米的新少年宫，预计2020年12月正式投入使用．79000这个数用科学记数法表示为（）
A．79×103B．7.9×104C．0.79×105D．7.9×105
解析：科学记数法的表示形式为a×10n的形式，其中1≤|a|＜10，n 为整数．确定n的值时，要看把原数变成a时，小数点移动了多少位，n的绝对值与小数点移动的位数相同．当原数绝对值≥10时，n是正数；当原数的绝对值小于1时，n是负数．
参考答案：解：79000这个数用科学记数法表示为：7.9×104．
故选：B．
点拨：此题考查科学记数法的表示方法．科学记数法的表示形式为a×10n的形式，其中1≤|a|＜10，n为整数，表示时关键要正确确定a的值以及n的值．
3．（3分）下列图形是四棱柱的侧面展开图的是（）
A．B．C．D．
解析：根据四棱柱的侧面展开图是矩形而且有4条棱进行解答即可．
参考答案：解：由四棱柱的特点可知：四棱柱的侧面展开图是矩形而且有4条棱．
故选：A．
点拨：本题考查了几何体的展开图，此题应根据四棱柱的侧面展开图，进行分析、解答．
4．（3分）不等式x+2≥3的解集在数轴上表示正确的是（）A．
B．
C．
D．
解析：根据解一元一次不等式基本步骤：移项、合并同类项可得．
参考答案：解：x≥3﹣2，
x≥1，
故选：D．
点拨：本题主要考查解一元一次不等式的基本能力，严格遵循解不等式的基本步骤是关键，尤其需要注意不等式两边都乘以或除以同一个负数不等号方向要改变．
5．（3分）比萨斜塔是意大利的著名建筑，其示意图如图所示，设塔项中心点为点B，塔身中心线AB与垂直中心线AC的夹角为∠A，过点B向垂直中心线AC引垂线，垂足为点D．通过测量可得AB、BD、AD的长度，利用测量所得的数据计算∠A的三角函数值，进而可求∠A的大小．下列关系式正确的是（）
A．sinA＝B．cosA＝C．tanA＝D．sinA＝
解析：根据直角三角形的边角关系，即锐角三角函数逐个进行判断即可．
参考答案：解：在Rt△ABD中，∠ADB＝90°，
则sinA＝，cosA＝，tanA＝，
因此选项A正确，选项B、C、D不正确；
故选：A．
点拨：本题考查解直角三角形，掌握直角三角形的边角关系是正确解答的关键．
6．（3分）如图，AB是⊙O的直径，点C、D在⊙O上，∠BDC＝20°，则∠AOC的大小为（）
A．40°B．140°C．160°D．170°
解析：先利用圆周角定理得到∠BOC＝40°，然后根据邻补角的定义计算出∠AOC的度数．
参考答案：解：∵∠BOC＝2∠BDC＝2×20°＝40°，
∴∠AOC＝180°﹣40°＝140°．
故选：B．
点拨：本题考查了圆周角定理：在同圆或等圆中，同弧或等弧所对的圆周角相等，都等于这条弧所对的圆心角的一半．
7．（3分）如图，在△ABC中，∠BAC＝90°，AB＞AC．按下列步骤作图：
①分别以点B和点C为圆心，大于BC一半的长为半径作圆弧，
两弧相交于点M和点N；
②作直线MN，与边AB相交于点D，连结CD．
下列说法不一定正确的是（）
A．∠BDN＝∠CDN B．∠ADC＝2∠B
C．∠ACD＝∠DCB D．2∠B+∠ACD＝90°
解析：利用线段的垂直平分线的性质以及三角形内角和定理一一判断即可．
参考答案：解：由作图可知，MN垂直平分线段BC，
∴DB＝DC，MN⊥BC，
∴∠BDN＝∠CDN，∠DBC＝∠DCB，
∴∠ADC＝∠B+∠DCB＝2∠B，
∵∠A＝90°，
∴∠ADC+∠ACD＝90°，
∴2∠B+∠ACD＝90°，
故选项A，B，D正确，
故选：C．
点拨：本题考查作图﹣基本作图，线段的垂直平分线的性质等知识，
解题的关键是熟练掌握基本知识，属于中考常考题型．
8．（3分）如图，在平面直角坐标系中，点A的坐标为（3，2），AB ⊥x轴于点B，点C是线段OB上的点，连结AC．点P在线段AC上，且AP＝2PC，函数y＝（x＞0）的图象经过点P．当点C在线段OB上运动时，k的取值范围是（）
A．0＜k≤2B．≤k≤3C．≤k≤2D．≤k≤4
解析：设C（c，0）（0≤c≤3），过P作PD⊥x轴于点D，由△PCD ∽△ACB，用c表示P点坐标，再求得k关于c的解析式，最后由不等式的性质求得k的取值范围．
参考答案：解：∵点A的坐标为（3，2），AB⊥x轴于点B，
∴OB＝3，AB＝2，
设C（c，0）（0≤c≤3），过P作PD⊥x轴于点D，
则BC＝3﹣c，PD∥AB，OC＝c，
∴△PCD∽△ACB，
∴，
∵AP＝2PC，
∴，
∴PD＝，CD＝1﹣c，
∴OD＝OC+CD＝1+c，
∴P（1+c，），
把P（1+c，）代入函数y＝（x＞0）中，得
k＝c，
∵0≤c≤3
∴，
故选：C．
点拨：本题主要考查了反比例函数的图象与性质，相似三角形的性质与判定，不等式的性质，关键是求出k关于c的解析式．二、填空题（本大题共6小题，每小题3分，共18分）
9．（3分）长春市净月潭国家森林公园门票的价格为成人票每张30元，儿童票每张15元．若购买m张成人票和n张儿童票，则共需花费（30m+15n）元．
解析：根据单价×数量＝总价，用代数式表示结果即可．
参考答案：解：根据单价×数量＝总价得，（30m+15n）元，
故答案为：（30m+15n）．
点拨：本题考查代数式表示数量关系，理解和掌握单价×数量＝总价，是列代数式的前提．
10．（3分）分解因式：a2﹣4＝（a+2）（a﹣2）．
解析：有两项，都能写成完全平方数的形式，并且符号相反，可用平方差公式展开．
参考答案：解：a2﹣4＝（a+2）（a﹣2）．
点拨：本题主要考查平方差公式分解因式，熟记公式结构是解题的关键．
11．（3分）若关于x的一元二次方程x2﹣2x+m＝0有两个相等的实数根，则实数m的值为1．
解析：由于关于x的一元二次方程x2﹣2x+m＝0有两个相等的实数根，可知其判别式为0，据此列出关于m的方程，解答即可．参考答案：解：∵关于x的一元二次方程x2﹣2x+m＝0有两个相等的实数根，
∴△＝0，
∴（﹣2）2﹣4m＝0，
∴m＝1，
故答案为：1．
点拨：本题主要考查了根的判别式的知识，解答本题的关键是掌握一元二次方程有两个相等的实数根，则可得△＝0，此题难度不大．12．（3分）正五边形的一个外角的大小为72度．
解析：根据多边形的外角和是360°，依此即可求解．
参考答案：解：正五边形的一个外角＝＝72°．
故答案为：72．
点拨：本题考查了多边形的内角与外角，正确理解多边形的外角和
是360°是关键．
13．（3分）如图，在△ABC中，∠ABC＝90°，AB＝BC＝2，以点C 为圆心，线段CA的长为半径作，交CB的延长线于点D，则阴影部分的面积为π﹣2（结果保留π）．
解析：利用勾股定理求出AC，证明∠C＝45°，根据S阴＝S扇形CAD ﹣S△ACB计算即可．
参考答案：解：∵AB＝CB＝2，∠ABC＝90°，
∴AC＝＝＝2，
∴∠C＝∠BAC＝45°，
∴S阴＝S扇形CAD﹣S△ACB＝﹣×2×2＝π﹣2，
故答案为π﹣2．
点拨：本题考查扇形的面积，等腰直角三角形的性质等知识，解题的关键是熟练掌握基本知识，属于中考常考题型．
14．（3分）如图，在平面直角坐标系中，点A的坐标为（0，2），点B的坐标为（4，2）．若抛物线y＝﹣（x﹣h）2+k（h、k为常数）与线段AB交于C、D两点，且CD＝AB，则k的值为．
解析：根据题意，可以得到点C的坐标和h的值，然后将点C的坐标代入抛物线，即可得到k的值，本题得以解决．
参考答案：解：∵点A的坐标为（0，2），点B的坐标为（4，2），∴AB＝4，
∵抛物线y＝﹣（x﹣h）2+k（h、k为常数）与线段AB交于C、D两点，且CD＝AB＝2，
∴设点C的坐标为（c，2），则点D的坐标为（c+2，2），h＝＝c+1，
∴抛物线2＝﹣[c﹣（c+1）]2+k，
解得，k＝．
点拨：本题考查二次函数的性质、二次函数图象上点的坐标特征，解答本题的关键是明确题意，利用二次函数的性质解答．
三、解答题（本大题共10小题，共78分）
15．（6分）先化简，再求值：（a﹣3）2+2（3a﹣1），其中a＝．解析：根据整式的混合运算顺序进行化简，再代入值求解即可．参考答案：解：原式＝a2﹣6a+9+6a﹣2
＝a2+7．
当a＝时，原式＝（）2+7＝9．
点拨：本题考查了整式的混合运算﹣化简求值，解决本题的关键是
先进行整式的化简，再代入值求解．
16．（6分）现有三张不透明的卡片，其中两张卡片的正面图案为“神舟首飞”，第三张卡片的正面图案为“保卫和平”，卡片除正面图案不同外，其余均相同．将这三张卡片背面向上洗匀，从中随机抽取一张，记录图案后放回，重新洗匀后再从中随机抽取一张．请用画树状图（或列表）的方法，求两次抽出的卡片上的图案都是“保卫和平”的概率．（图案为“神舟首飞”的两张卡片分别记为A1、A2，图案为“保卫和平”的卡片记为B）
解析：根据题意画出树状图得出所有等可能的情况数，找出两次抽出的卡片上的图案都是“保卫和平”的情况数，然后根据概率公式即可得出答案．
参考答案：解：根据题意画图如下：
共有9种等可能的情况数，其中两次抽出的卡片上的图案都是“保卫和平”的有1种，
则两次抽出的卡片上的图案都是“保卫和平”的概率是．
点拨：此题考查的是用树状图法求概率．树状图法适合两步或两步以上完成的事件．用到的知识点为：概率＝所求情况数与总情况数之比．
17．（6分）图①、图②、图③均是3×3的正方形网格，每个小正方形的边长为1，每个小正方形的顶点称为格点，线段AB的端点均在格点上，只用无刻度的直尺，在给定的网格中，按下列要求以AB为边画△ABC．
要求：
（1）在图①中画一个钝角三角形，在图②中画一个直角三角形，在图③中画一个锐角三角形；
（2）三个图中所画的三角形的面积均不相等；
（3）点C在格点上．
解析：根据网格画出符合条件的三个三角形即可．
参考答案：解：如图所示：即为符合条件的三角形．
点拨：本题考查了作图﹣应用与设计作图，解决本题的关键是利用
网格画出符合条件的三角形．
18．（7分）在国家精准扶贫的政策下，某村企生产的黑木耳获得了国家绿色食品标准认证，绿标的认证，使该村企的黑木耳在市场上更有竞争力，今年每斤黑木耳的售价比去年增加了20元．预计今年的销量是去年的3倍，年销售额为360万元．已知去年的年销售额为80万元，问该村企去年黑木耳的年销量为多少万斤？解析：设该村企去年黑木耳的年销量为x万斤，则今年黑木耳的年销量为3x万斤，根据单价＝总价÷数量结合今年每斤黑木耳的售价比去年增加了20元，即可得出关于x的分式方程，解之经检验后即可得出结论．
参考答案：解：设该村企去年黑木耳的年销量为x万斤，则今年黑木耳的年销量为3x万斤，
依题意，得：﹣＝20，
解得：x＝2，
经检验，x＝2是原方程的解，且符合题意．
答：该村企去年黑木耳的年销量为2万斤．
点拨：本题考查了分式方程的应用，找准等量关系，正确列出分式方程是解题的关键．
19．（7分）如图，在▱ABCD中，O是对角线AC、BD的交点，BE ⊥AC，DF⊥AC，垂足分别为点E、F．
（1）求证：OE＝OF．
（2）若BE＝5，OF＝2，求tan∠OBE的值．
解析：（1）由平行四边形性质得OB＝OD，由AAS证得△OEB≌△OFD，即可得出结论；
（2）由（1）得OE＝OF，则OE＝2，在Rt△OEB中，由三角函数定义即可得出结果．
参考答案：（1）证明：∵四边形ABCD是平行四边形，
∴OB＝OD，
∵BE⊥AC，DF⊥AC，
∴∠OEB＝∠OFD＝90°，
在△OEB和△OFD中，，
∴△OEB≌△OFD（AAS），
∴OE＝OF；
（2）解：由（1）得：OE＝OF，
∵OF＝2，
∴OE＝2，
∵BE⊥AC，
∴∠OEB＝90°，
在Rt△OEB中，tan∠OBE＝＝．
点拨：本题考查了平行四边形的性质、全等三角形的判定与性质、
三角函数定义等知识；熟练掌握平行四边形的性质与全等三角形的判定是解题的关键．
20．（7分）空气质量按照空气质量指数大小分为六个级别，分别为：一级优、二级良、三级轻度污染、四级中度污染、五级重度污染、六级严重污染．级别越高，说明污染的情况越严重，对人体的健康危害也就越大．空气质量达到一级优或二级良的天气为达标天气，如图是长春市从2014年到2019年的空气质量级别天数的统计图表．
2014﹣2019年长春市空气质量级别天数统计表
空气质量级
别
天数
年份优良轻度污染中度污染重度污
染
严重污
染
2014302157328136
2015431938719158
201651237581550
201765211621692
201812320239010
2019126180381650
根据上面的统计图表回答下列问题：
（1）长春市从2014年到2019年空气质量为“达标”的天数最多
的是2018年．
（2）长春市从2014年到2019年空气质量为“重度污染”的天数的中位数为7天，平均数为8天．
（3）长春市从2015年到2019年，和前一年相比，空气质量为“优”的天数增加最多的是2018年，这一年空气质量为“优”的天数的年增长率约为89%（精确到1%）．
（空气质量为“优”的天数的增长率＝
×100%）（4）你认为长春市从2014年到2019年哪一年的空气质量好？请说明理由．
解析：（1）从折线统计图可得答案；
（2）利用中位数、众数的意义分别计算即可；
（3）分别计算从2015年到2019年，和前一年相比，空气质量为“优”的天数，进而利用增长率计算结果；
（4）根据空气质量的等级天数进行判断即可．
参考答案：解：（1）从折线统计图中“达标”天数的折线的最高点，
相应的年份为2018年，
故答案为：2018；
（2）将这6年的“重度污染”的天数从小到大排列，处在中间位置的两个数的平均数为＝7，因此中位数是7天，
这6年的“重度污染”的天数的平均数为＝8天，故答案为：7，8；
（3）前一年相比，空气质量为“优”的天数增加量为：
2015年，43﹣30＝13天；
2016年，51﹣43＝8天；
2017年，65﹣51＝14天；
2018年，123﹣65＝58天；
2019年，126﹣123＝3天，
因此空气质量为“优”的天数增加最多的是2018年，增长率为≈89%，
故答案为：2018，89%；
（4）从统计表中数据可知，2018年空气质量好，2018年“达标天数”最多，重度污染、中度污染、严重污染的天数最少．
点拨：本题考查统计图表的意义，理解统计图表中数据之间的关系是正确解答的关键．
21．（8分）已知A、B两地之间有一条长240千米的公路．甲车从A 地出发匀速开往B地，甲车出发两小时后，乙车从B地出发匀速开往A地，两车同时到达各自的目的地．两车行驶的路程之和y
（千米）与甲车行驶的时间x（时）之间的函数关系如图所示．（1）甲车的速度为40千米/时，a的值为480．
（2）求乙车出发后，y与x之间的函数关系式．
（3）当甲、乙两车相距100千米时，求甲车行驶的时间．
解析：（1）根据图象可知甲车行驶2行驶所走路程为80千米，据此即可求出甲车的速度；进而求出甲车行驶6小时所走的路程为240千米，根据两车同时到达各自的目的地可得a＝240×2＝480；（2）运用待定系数法解得即可；
（3）分两车相遇前与相遇后两种情况列方程解答即可．
参考答案：解：（1）由题意可知，甲车的速度为：80÷2＝40（千米/时）；
a＝40×6×2＝480，
故答案为：40；480；
（2）设y与x之间的函数关系式为y＝kx+b，
由图可知，函数图象经过（2，80），（6，480），
∴，解得，
∴y与x之间的函数关系式为y＝100x﹣120；
（3）两车相遇前：80+100（x﹣2）＝240﹣100，解得x＝；两车相遇后：80+100（x﹣2）＝240+100，解得x＝，
答：当甲、乙两车相距100千米时，甲车行驶的时间是小时或小时．
点拨：本题考查一次函数的应用，解答本题的关键是明确题意，找出所求问题需要的条件，利用数形结合的思想解答．
22．（9分）【教材呈现】如图是华师版八年级下册数学教材第121页的部分内容．
1．把一张矩形纸片如图那样折一下，就可以裁出正方形纸片，为什么？
【问题解决】如图①，已知矩形纸片ABCD（AB＞AD），将矩形纸片沿过点D的直线折叠，使点A落在边DC上，点A的对应点为A′，折痕为DE，点E在AB上．求证：四边形AEA′D是正方形．
【规律探索】由【问题解决】可知，图①中的△A′DE为等腰三角形．现将图①中的点A′沿DC向右平移至点Q处（点Q在点C 的左侧），如图②，折痕为PF，点F在DC上，点P在AB上，那么△PQF还是等腰三角形吗？请说明理由．
【结论应用】在图②中，当QC＝QP时，将矩形纸片继续折叠如图③，使点C与点P重合，折痕为QG，点G在AB上．要使四
边形PGQF为菱形，则＝．
解析：（1）根据邻边相等的矩形是正方形证明即可．
（2）证明∠QFP＝∠FPQ即可解决问题．
（3）证明△PFQ，△PGA都是等边三角形，设QF＝m，求出AB，AD（用m表示）即可解决问题．
参考答案：（1）证明：如图①中，
∵四边形ABCD是矩形，
∴∠A＝∠ADA′＝90°，
由翻折可知，∠DA′E＝∠A＝90°，
∴∠A＝∠ADA′＝∠DA′E＝90°，
∴四边形AEA′D是矩形，
∵DA＝DA′，
∴四边形AEA′D是正方形．
（2）解：结论：△PQF是等腰三角形．
理由：如图②中，
∵四边形ABCD是矩形，
∴AB∥CD，
∴∠QFP＝∠APF，
由翻折可知，∠APF＝∠FPQ，
∴∠QFP＝∠FPQ，
∴QF＝QP，
∴△PFQ是等腰三角形．
（3）如图③中，
∵四边形PGQF是菱形，
∴PG＝GQ＝FQ＝PF，
∵QF＝QP，
∴△PFQ，△PGQ都是等边三角形，设QF＝m，
∵∠FQP＝60°，∠PQD′＝90°，
∴∠DQD′＝30°，
∵∠D′＝90°，
∴FD′＝DF＝FQ＝m，QD′＝D′F＝m，
由翻折可知，AD＝QD′＝m，PQ＝CQ＝FQ＝m，
∴AB＝CD＝DF+FQ+CQ＝m，
∴＝＝．
故答案为．
点拨：本题属于四边形综合题，考查了矩形的性质，正方形的判定和性质，菱形的性质，解直角三角形，等边三角形的判定和性质等知识，解题的关键是理解题意，灵活运用所学知识解决问题，属于中考常考题型．
23．（10分）如图①，在△ABC中，∠ABC＝90°，AB＝4，BC＝3．点P从点A出发，沿折线AB﹣BC以每秒5个单位长度的速度向点C运动，同时点D从点C出发，沿CA以每秒2个单位长度的速度向点A运动，点P到达点C时，点P、D同时停止运动．当点P不与点A、C重合时，作点P关于直线AC的对称点Q，连结PQ交AC于点E，连结DP、DQ．设点P的运动时间为t秒．（1）当点P与点B重合时，求t的值．
（2）用含t的代数式表示线段CE的长．
（3）当△PDQ为等腰直角三角形时，求t的取值范围．
（4）如图②，取PD的中点M，连结QM．当直线QM与△ABC 的一条直角边平行时，直接写出t的值．
解析：（1）根据AB＝4，构建方程求解即可．
（2）分两种情形：当点P在线段AB上时，首先利用勾股定理求出AC，再求出AE即可解决问题．当点P在线段BC上时，在Rt △PCE中，求出EC即可．
（3）求出两种特殊情形△PDQ是等腰直角三角形时，t的值即可判断．
（4）分两种情形：如图⑥中，当点P在线段AB上，QM∥AB时．如图⑦中，当点P在线段BC上，QM∥BC时，分别求解即可．参考答案：解：（1）当点P与B重合时，5t＝4，解得t＝．（2）在Rt△ABC中，∵∠B＝90°，AB＝4，BC＝3，
∴AC＝＝＝5，
∴sinA＝，cosA＝，
如图①中，当点P在线段AB上时，在Rt△APE中，AE＝AP•cosA ＝4t，
∴EC＝5﹣4t．
如图③中，当点P在线段BC上时，在Rt△PEC中，PC＝7﹣5t，cosC＝，
∴EC＝PC•cosC＝（7﹣5t）＝﹣3t．
（3）当△PDQ是等腰直角三角形时，则PE＝DE，
如图④中，当点P在线段AB上时，
在Rt△APE中，PE＝PA•sinA＝3t，
∵DE＝AC﹣AE﹣CD﹣5﹣4t﹣2t＝5﹣6t，
∵PE＝DE，
∴3t＝5﹣6t，
∴t＝．
如图⑤中，当点P在线段BC上时，
在Rt△PCE中，PE＝PC•sinC＝（7﹣5t）＝﹣4t，∵DE＝CD﹣CE＝2t﹣（7﹣5t）＝5t﹣，
∴﹣4t＝5t﹣，
解得t＝．
观察图象可知满足条件的t的值为0＜t＜或＜t＜．
（4）如图⑥中，当点P在线段AB上，QM∥AB时，
过点Q作QG⊥AB于G，延长QN交BC于N，过点D作DH⊥BC于H．
∵PB∥MN∥DH，PM＝DM，
∴BN＝NH，
在RtPQG中，PQ＝2PE＝6t，
∴QG＝PQ＝t，
在Rt△DCH中，HC＝DC＝t，
∵BC＝BH+CH＝t+t+t＝3，
解得t＝．
如图⑦中，当点P在线段BC上，QM∥BC时，
点点D作DH⊥BC于H，过点P作PK⊥QM于K．
∵QM∥BC，DM＝PM，
∴DH＝2PK，
在Rt△PQK中，PQ＝2PE＝（7﹣5t），
∴PK＝PQ＝（7﹣5t），
在Rt△DCH中，DH＝DC＝t，
∵DH＝2PK，
∴t＝2×（7﹣5t），
解得t＝，
综上所述，满足条件的t的值为或．
点拨：本题属于几何变换综合题，考查了解直角三角形，平行线的性质，等腰直角三角形的判定和性质等知识，解题的关键是学会用分类讨论的思想思考问题，学会利用参数构建方程解决问题，属于中考压轴题．
24．（12分）在平面直角坐标系中，函数y＝x2﹣2ax﹣1（a为常数）的图象与y轴交于点A．
（1）求点A的坐标．
（2）当此函数图象经过点（1，2）时，求此函数的表达式，并写出函数值y随x的增大而增大时x的取值范围．
（3）当x≤0时，若函数y＝x2﹣2ax﹣1（a为常数）的图象的最低点到直线y＝2a的距离为2，求a的值．
（4）设a＜0，Rt△EFG三个顶点的坐标分别为E（﹣1，﹣1）、F （﹣1，a﹣1）、G（0，a﹣1）．当函数y＝x2﹣2ax﹣1（a为常数）的图象与△EFG的直角边有交点时，交点记为点P．过点P作y轴的垂线，与此函数图象的另一个交点为P′（P′与P不重合），过点A作y轴的垂线，与此函数图象的另一个交点为A′．若AA′＝2PP′，直接写出a的值．
解析：（1）当x＝0时，代入y＝x2﹣2ax﹣1，即可得出结果；（2）将点（1，2）代入y＝x2﹣2ax﹣1，得a＝﹣1，则函数的表达式为y＝x2+2x﹣1，由y＝x2+2x﹣1＝（x+1）2﹣2，得出抛物线的开口向上，对称轴为x＝﹣1，则当x＞﹣1时，y随x的增大而增大；
（3）抛物线y＝x2﹣2ax﹣1＝（x﹣a）2﹣a2﹣1的对称轴为x＝a，顶点坐标为（a，﹣a2﹣1），当a＞0时，对称轴在y轴右侧，最低
点就是A（0，﹣1），则2a﹣（﹣1）＝2，即可得出结果；当a＜0，对称轴在y轴左侧，顶点（a，﹣a2﹣1）就是最低点，则2a﹣（﹣a2﹣1）＝2，即可得出结果；
（4）易证直角边为EF与FG，由抛物线的对称轴为x＝a，A（0，﹣1），则AA′＝﹣2a，当点P在EF边上时，PP′＝2（a+1），则﹣2a＝2×2（a+1），即可得出结果；当点P在FG边上时，求出PP′＝2，则﹣2a＝4，即可得出结果．
参考答案：解：（1）当x＝0时，y＝x2﹣2ax﹣1＝﹣1，
∴点A的坐标为：（0，﹣1）；
（2）将点（1，2）代入y＝x2﹣2ax﹣1，
得：2＝1﹣2a﹣1，
解得：a＝﹣1，
∴函数的表达式为：y＝x2+2x﹣1，
∵y＝x2+2x﹣1＝（x+1）2﹣2，
∴抛物线的开口向上，对称轴为x＝﹣1，如图1所示：
∴当x＞﹣1时，y随x的增大而增大；
（3）抛物线y＝x2﹣2ax﹣1＝（x﹣a）2﹣a2﹣1的对称轴为：x＝a，顶点坐标为：（a，﹣a2﹣1），
当a＞0时，对称轴在y轴右侧，如图2所示：
∵x≤0，
∴最低点就是A（0，﹣1），
∵图象的最低点到直线y＝2a的距离为2，
∴2a﹣（﹣1）＝2，
解得：a＝；
当a＜0，对称轴在y轴左侧，顶点（a，﹣a2﹣1）就是最低点，如图3所示：
∴2a﹣（﹣a2﹣1）＝2，
整理得：（a+1）2＝2，
解得：a 1＝﹣1﹣，a2＝﹣1+（不合题意舍去）；
综上所述，a的值为或﹣1﹣；
（4）∵a＜0，Rt△EFG三个顶点的坐标分别为E（﹣1，﹣1）、F （﹣1，a﹣1）、G（0，a﹣1），
∴直角边为EF与FG，
∵抛物线y＝x2﹣2ax﹣1＝（x﹣a）2﹣a2﹣1的对称轴为：x＝a，A （0，﹣1），
∴AA′＝﹣2a，
当点P在EF边上时，如图4所示：
则x p＝﹣1，
∵EA＝OA＝1，
∴点P在对称轴x＝a的左侧，
∴PP′＝2（a+1），
∵AA′＝2PP′，
∴﹣2a＝2×2（a+1），
解得：a＝﹣；
当点P在FG边上时，如图5所示：
则y p＝a﹣1，
∴x2﹣2ax﹣1＝a﹣1，
解得：x 1＝a+，x2＝a﹣，
∴PP′＝a+﹣（a﹣）＝2，∵AA′＝2PP′，
∴﹣2a＝4，
解得：a1＝﹣，a2＝0（不合题意舍去）；综上所述，a的值为﹣或﹣．
点拨：本题是二次函数综合题，主要考查了二次函数图象与性质、待定系数法求解析式、直角三角形的性质、解一元二次方程、分类讨论等知识；熟练掌握二次函数图象与性质是解题的关键．。