、部分重点中学2018届高三上学期第二次(12月)联考物理试题 含解析

山东省、湖北省部分重点中学2018届高三第二次（12月)联考物理试题命题学校：宜昌一中命题人:王仁俊
二、选择题：本题共8小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，第14—18题只有一项符合题目要求，第19-21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错得0分.
1. 根据所学知识，判断下列四个“一定”说法中正确的是（）A。

物体的速度为零时，其加速度就一定为零
B. 合外力对物体做功为零时,物体的机械能就一定守恒
C. 物体所受合外力冲量的方向与物体动量变化量的方向一定相同
D. 做圆周运动物体的向心力一定等于物体所受的合外力
【答案】C
2. 如图所示，现闭合开关，将滑动变阻器的滑片向左移动，下列说法中正确的是( )
A. 灯泡A、B都变亮
B. 灯泡A、B都变暗
C。

灯泡A变亮，灯泡B变暗
D. 灯泡A变暗，灯泡B变亮
【答案】B
【解析】闭合开关，将滑动变阻器的滑片向左移动时，电阻R3减小，电路的总电阻减小，总电流变大,路端电压减小;则上部分支路的电流减小，通过A、B两灯的电流均减小，则A、B两灯均变暗,故选B。

3。

在一个点电荷的电场中有一质量为m、带正电q的粒子甲从O 点以速率射出,运动到A点时速率为3.另一质量为m、带等量负电荷的粒子乙以速率4仍从O点射出，运动到B点时速率为5。

若取O点电势为零，忽略重力的影响。

则（)
A。

在O、A、B三点中，A点电势最高
B。

O、A间的电势差比B、O间的电势差大
C. 甲电荷从O到A电场力所做的功比乙电荷从O到B电场力所做的功多
D。

甲电荷在A点的电势能比乙电荷在B点的电势能大
【答案】D
【解析】由动能定理可知，从O到A点的正电荷：
；从O到B点的负电荷：，因，则;，及在O、A、B三点中，B点电势最高，选项A错误;O、A间的电势差比B、O间的电势差小，选项B错误；甲电荷从O到A电场力所做的功比乙电荷从O到B电场力所做的功少,选项C错误；根据，可知甲电荷在A点的电势能为
,乙电荷在B点的电势能大，则甲电荷在A 点的电势能比乙电荷在B点的电势能大，选项D正确;故选D.
4。

如图所示，AB是固定于竖直平面内的光滑圆弧轨道,CD是固定于竖直平面内的光滑斜面轨道,AB两点和CD两点的高度差相同且AB的弧长与斜面CD长度相等.现让小球甲从A点沿圆弧轨道下滑到B点，小球乙从C点沿斜面轨道下滑到D点，两球质量相等.以下说法正确的是( ）
A. 甲球重力的冲量比乙球重力的冲量小
B。

甲球所受合外力的冲量比乙球所受合外力的冲量小
C. 两球所受轨道的支持力的冲量均为零
D. 两球动量的变化量相同
【答案】A
【解析】由机械能守恒定律可知，甲乙两球下滑到底端的速度大小相等,因甲做加速度减小的变加速运动，可知甲的平均速度较乙大,则甲滑到底端的时间较短,根据I=mgt可知，甲球重力的冲量比乙球重力的冲量小，选项A正确；甲乙两球滑到底端时,动量的变化大小相同,但方向不同，根据动量定理可知,合外力的冲量大小相同，但是方向不变，选项BD错误；根据I=F N t可知，因支持力均不为零,则两球所受轨道的支持力的冲量均不为零,选项C错误；故选A.点睛：此题考查冲量即动量定理的应用问题；注意动量和动量的变化以及冲量都是矢量，不仅要考虑大小，还要注意方向。

5。

如甲图所示，水平地面上有一静止的平板车，车上放置一个1kg的小物块,现开始用力控制小车沿水平面做直线运动，平板车和小物块运动的图象分别如乙图中A、B所示。

平板车足够长,g取10m/s2，则在这个过程中（）
A。

物块和平板车之间的滑动摩擦因数为0。

3
B. 物块在平板车上相对于车滑行的距离为24m
C。

物块和平板车之间因摩擦产生的热量为36J
D. 物块相对平板车向后运动的最远距离为36m
【答案】C
6。

一物体做自由落体运动,若用E k、、x、P分别表示该物体的动能、速度、位移和重力G的功率。

下列四幅图象分别定性描述了这些物理量随时间变化的关系，其中可能正确的是（）
A. B.
C。

D。

【答案】BD
【解析】根据动能定理,则E k-t图像是曲线，选项A 错误；v=gt,则选项B正确；x=，则x—t图像是曲线，选项C错误；,则P—t图像是直线，选项D正确；故选BD。

点睛:要想研究图像，首先要根据物理规律找到图像的函数关系式，然后结合数学知识分析解答.
7。

如图所示,绕同一恒星运行的两颗行星A和B，A是半径为r的圆轨道，B是长轴为2r椭圆轨道，其中Q′到恒星中心的距离为Q到恒星中心的距离的2倍，两轨道相交于P点.以下说法正确的是（）
A. A和B经过P点时加速度相同
B. A和B经过P点时的速度相同
C。

A和B绕恒星运动的周期相同
D. A的加速度大小与B在Q′处加速度大小之比为16:9
【答案】ACD
【解析】由牛顿第二定律得：，解得：，经过P点时M、r都相同，则向心加速度相同,故A正确；A行星做匀速圆周运动，
而B做的是椭圆运动，二者在同一点处的速度方向不相同，速度不同,故B错误；根据开普勒第三定律，行星和彗星围绕同一中心天体运动，且半长轴相同，故周期相同,故C正确；B在Q′处时与恒星球心的距离为r，根据故A的加速度大小与B在Q′处加速度
大小之比为，故D正确．故选ACD．
点睛：本题考查万有引力的应用，要明确一个天体在绕另一天体做圆周运动时，由万有引力充当向心力；应用万有引力公式、牛顿第二定律与开普勒定律可以解题．
8. 如图所示，宽为L＝0。

6m的竖直障碍物中间有一间距d＝0。

6 m的矩形孔,其下沿离地高h＝0。

8 m,与障碍物相距S＝1。

0 m处有一小球以＝5 m/s的初速度水平向右抛出。

空气阻力忽略不计，g 取10 m/s2。

为使小球能无碰撞地穿过该孔，小球离水平地面的高度H可以为( ）
A。

1.5 m B。

1.4 m
C。

1。

3 m D. 1。

2 m
【答案】AB
【解析】若小球恰能从小孔的左边缘上边射入小孔,则：，,联立解得：H=1。

6m；若小球恰能从小孔的右边缘下边射
入小孔，则：,，联立解得：H=1。

312m；则能够使小球能无碰撞地穿过该孔,小球离水平地面的高度H满足，故选AB.
三、非选择题:本卷包括必考题和选考题两部分。

第22～32题为必考题，每个试题考生都必须作答。

第33~38题为选考题,考生根据要求作答.
9. 某同学想通过实验测定一个定值电阻R x的阻值。

（1）该同学先用多用电表“×10”欧姆挡估测其电阻示数如图，则其阻值为______Ω；
（2）为了较准确测量该电阻的阻值,现有电源（12V，内阻可不计)、滑动变阻器(0～200 Ω,额定电流1 A)、开关和导线若干，以及下列电表：
A．电流表（0～100mA，内阻约15.0Ω)
B．电流表（0～500mA,内阻约25。

0Ω)
C．电压表(0~3 V，内阻约3 kΩ)
D．电压表（0～15 V，内阻约15 kΩ)
为减小测量误差，在实验中，电流表应选用______,电压表应选用______（选填器材前的字母)；实验电路应采用图中的______（选填
“甲"或“乙”）.这样测量的阻值比真实值______(选填“偏大”或“偏小”)。

（3）图是测量R x的实验器材实物图，图中已连接了部分导线。

请根据在(2）问中所选的电路图，补充完成图中实物间的连线____。

【答案】(1）。

140±1 （2)。

A (3）。

D （4）. 甲（5)。

偏小(6)。

【解析】(1)如图，电阻阻值为14×10=140Ω；
（2）电源电动势12V，则电压表选择D;电路中可能出现的最大电流,故电流表选择A；因，则电路选择电流表外接，即选择甲电路；因此电路中的电压表的分流作用，使得电流的测量值偏大，则电阻的测量值偏小;
（3)实物连线如图；
10. 学习了《机械能守恒定律》之后，某研究性学习小组自行设计了“探究弹簧的弹性势能与形变量的关系”实验.他们的方法如下: (1)如甲图所示，在轻弹簧上端固定一只力传感器，然后固定在铁架台上，当用手向下拉伸弹簧时，弹簧的弹力可从传感器读出。

用刻度尺测量弹簧原长和伸长后的长度，从而确定伸长量。

测量数据如
表格所示：
伸长量x/10－2 m 2.00 4.006。

008.0010。

00弹力F/N1。

603。

194。

756。

388。

02
(2)以x为横坐标，F为纵坐标，请你在图乙的坐标纸上描绘出弹力与伸长量关系的图线____。

并由图线求得该弹簧的劲度系数
=________（保留两位有效数字）。

(3）取下弹簧，将其一端固定于气垫导轨左侧，如图丙所示。

调整导轨水平,使滑块自由滑动时,通过两个光电门的时间近似相等。

（4)用天平秤出滑块的质量m=300g.
(5）用滑块压缩弹簧，记录弹簧的压缩量x;释放滑块，记录滑块脱离弹簧后的速度，释放滑块过程中，弹簧的弹性势能全部转化为________________。

（6)多次重复(5)中的操作，在弹簧弹性限度内得到与x的数据整理如下表所示：
123456
1.00
2.00
3.00
4.005。

00 6.00
1。

00 4.009。

0016。

0025.0036。

00
0.1610。

3200。

4790。

6480.8000。

954
0。

0260。

1030.2300。

4200.64000.910
0.00390。

01550.03460.06300.09600。

1365
(7）结合上面测出的劲度系数和滑块质量m，可得到的表达式：__________________。

(8)由上述实验可得的结论：
______________________________________________。

【答案】(1）。

（2）。

80±2 N/m
（3)。

滑块的动能(4）。

或者(5)。

在实验误差允许的范围内，弹簧的弹性势能与形变量的平方成正比
【解析】（2)根据数据画出的F—x图像如图；
根据图像可得：
（5)释放滑块过程中,弹簧的弹性势能全部转化为滑块的动能；（7）根据所测量的数据，结合k=82N/m即m=0。

3kg，归纳得出：;
(8）由上述实验可得的结论:在实验误差允许的范围内,弹簧的弹性势能与形变量的平方成正比；
11. 如图所示，斜边长6m的固定斜面与水平面的倾角θ＝37°，质量为m=1kg的小物块A以8 m/s的初速度从斜面底端开始沿斜面向上运动，同时质量也为m=1kg的小物块B斜面顶端由静止开始沿斜面下滑,经过一段时间后两物块发生碰撞,碰后两物块粘在一起运动。

若两物块和斜面间的动摩擦因数均为0。

25．求:（g取10 m/s2，sin 37°＝0。

6,cos 37°＝0。

8）
（1)两物块碰撞前运动的时间；
(2）两物块碰撞后到达斜面底端时的速度大小。

【答案】（1）1s(2）6m/s
【解析】(1)根据题意，A上滑做匀减速运动的加速度大小为
B下滑做匀加速运动的加速度大小为
设A、B碰撞前运动的时间为t,运动的位移分别为x1、x2，碰撞前的速度分别v1、v2，则
代入数据联立解得，
碰撞前运动的时间为
（2）设两物块碰撞后的速度为，运动到斜面底端的速度为
由动量守恒定律
得
此后两物块一起做匀加速运动
得
12。

如图所示，在竖直平面内半径为R的光滑圆形绝缘轨道的内壁，有质量分别为m和2m的A、B两个小球用长为R的绝缘细杆
连接在一起，A球不带电，B球所带的电荷量为-q（q>0）。

整个装置处在竖直向下的匀强电场中.开始时A球处在与圆心等高的位置，现由静止释放，B球刚好能到达轨道右侧与圆心等高的位置C。

求：
（1)匀强电场电场强度的大小E;
（2)当B小球运动到最低点P时，两小球的动能分别是多少；(3）两小球在运动过程中最大速度的大小.
【答案】（1）(2) (2)
【解析】（1）B刚好到达C的过程中,系统转过的角度为120°，与水平方向的夹角为60°。

由动能定理可得：
得:
（2）AB在运动的过程中，速度大小始终相等，则
在运动到p点的过程中，由动能定理可得：
联立解得：。

(3)设OA转过的角度为时,两球有最大速度，则由动能定理可得：
整理得：
看见，当时，有最大速度，最大速度为
（二）选考题:共45分。

请考生从2道物理题、2道化学题、2道生物题中每科任选一题作答。

如果多做,则每按所做的第一题计分。

13。

下列说法正确的是（)
A。

液体表面层分子间距离大于液体内部分子间距离,所以液体表面存在表面张力
B. 由阿伏加德罗常数、气体的摩尔质量和气体的密度，可以估算出理想气体分子间的平均距离
C. 分子平均速率大的物体的温度比分子平均速率小的物体的温度高
D。

机械能不可能全部转化为内能，内能也无法全部用来做功以转化成机械能
E. 分子间的引力和斥力同时存在，都随分子间距离的增大而减小【答案】ABE
【解析】液体表面层分子间距离大于液体内部分子间距离，所以液体表面存在表面张力,选项A正确；由阿伏加德罗常数、气体的摩尔质量和气体的密度,由，可以估算出理想气体分子间的平均距离，选项B正确;分子平均动能大的物体的温度比分子平均动能小的物体的温度高，选项C错误；机械能能全部转化为内能，但是根据热力学第二定律可知,内能无法全部用来做功以转化成机械能,选
项D错误；分子间的引力和斥力同时存在，都随分子间距离的增大而减小,选项E正确；故选ABE.
14。

如图所示，上端开口的绝热圆柱形汽缸竖直放置在水平地面上，汽缸内部被质量为m的导热性能良好的活塞A和质量也为m 的绝热活塞B分成高度相等的三个部分，下边两部分封闭有理想气体P和Q，两活塞均与汽缸接触良好,活塞厚度不计，忽略一切摩擦。

汽缸下面有加热装置，初始状态温度均为T0，气缸的截面积为S，外界大气压强为且不变，现对气体Q缓慢加热。

求：
(1）当活塞A恰好到达汽缸上端时,气体Q的温度;
(2）在活塞A上再放一个质量为m的物块C,继续给气体Q加热，当活塞A再次到达汽缸上端时,气体Q的温度。

【答案】2T0，
【解析】（1)设Q开始的体积为V1，活塞A移动至恰好到达汽缸上端的过程中气体Q做等压变化，体积变为2 V1
有
得气体Q的温度为T1＝2T0
（2）设放上C继续加热过程后P的体积为V2，气体P做等温变化而
得
此时Q的体积
由理想气体状态方程得
得此时气体Q的温度为
15. 某时刻O处质点沿y轴开始做简谐振动，形成沿x轴正方向传播的简谐横波,经过0。

8 s时O处质点形成的波动图象如图所示。

P 点是x轴上距坐标原点96 cm处的质点.下列判断正确的是（）
A. 该质点开始振动的方向沿y轴向上
B. 该质点振动的周期是0.8 s
C. 从O处质点开始振动计时，经过3.2 s，P处质点开始振动
D. 该波的波速是30 m/s
E. 从P处质点开始振动，再经0。

6 s，P处质点第一次经过波峰【答案】BCE
【解析】由波形图可知,该质点开始振动的方向沿y轴向下，选项A 错误；由题意可知，波的周期为T=0.8s,由图象可知，波长为
λ=24cm=0。

24m，则波速为：，选项B正确，D错误;经:,波源的振动传至P处，P处质点开始向下振动,再经
△t′＝T＝0.6s,P处质点第一次经过波峰，选项CE正确；故选
BCE．
点睛：机械波的基本特点是：介质中各质点随着波源做受迫振动，起振方向都与波源相同,各质点的振动情况概括起来为：“前带后，后跟前”．
16。

如图所示，一束平行单色光从空气垂直入射到等腰三棱镜的AB面上，AB和AC边长相等，顶角为，底边BC长为，这种单色光在三棱镜中的的折射率为n＝. 在三棱镜右侧有一足够大的竖直光屏垂直于BC，光屏到C点的距离为. 求光屏上光斑的最高点和最低点之间的距离。

（，结果可以带根号)
【答案】
【解析】根据全反射条件，光线射入三棱镜后射出时的临界角C=光线射入三棱镜后，在AC边的入射角为,不会发生全反射。

设射出AC边时的出射角。

根据折射定律
得
根据题意，射到光屏上最低点的位置在图中S1点，如图所示。

由几何关系可知，
故
在BC边的入射角为大于全反射的临界角，会发生全反射.
由题意可知，从BC边全反射的光线中射到光屏上最高点的位置在图中S2点，如图所示。

由几何关系可知，
故
所以光屏上光斑的最高点和最低点之间的距离为。