安徽省淮南市示范高中五校联考高二物理上学期期中试卷(含解析)

2015-2016学年安徽省淮南市示范高中五校联考高二（上）期中物理
试卷
一、单项选择题（共12题，每题4分，共48分．）
1．关于摩擦起电和感应起电，以下说法正确的是（）
A．摩擦起电是因为电荷的转移，感应起电是因为产生电荷
B．摩擦起电是因为产生电荷，感应起电是因为电荷的转移
C．不论摩擦起电还是感应起电都是电荷的转移
D．以上说法均不正确
2．下列说法中正确的是（）
A．由公式E=可知，电场中某点的场强与放在该点的检验电荷所受的电场力的大小成正比，与检验电荷的电量成反比
B．由公式U AB=可知，电场中A、B两点间电势差U AB与在这两点之间移动电荷时电场力所做的功W AB成正比，与电荷的电量q成反比
C．在库仑定律的表达式F=k中，k=是点电荷Q1产生的电场在点电荷Q2处的场强大小；而k是点电荷Q2产生的电场在点电荷Q1处的场强大小
D．公式E=中的d为匀强电场中电势差为U的两点间的距离
3．一个不带电的金属导体在电场中处于静电平衡状态．下列说法正确的是（）
A．导体内部场强可以不为0
B．导体上各点的电势相等
C．导体外表面的电荷一定均匀分布
D．在导体外表面，越尖锐的位置单位面积上分布的电荷量越少
4．一正点电荷从电场中A点由静止释放，只受电场力作用，沿电场线运动到B点，它运动的v﹣t图象如图所示，则A、B两点所在区域的电场线分布情况可能是图中的（）
A．B．C．D．
5．如图所示，实线是一簇未标明方向的由点电荷产生的电场线，虚线是某一带电粒子通过该电场区域的运动轨迹，a、b是轨迹上的两点．若带电粒子在运动中只受电场力作用，根据此图得出的结论正确的是（）
A．带电粒子带负电
B．带电粒子在a点的受力方向沿电场线指向左下方
C．带电粒子在b点的速度大
D．带电粒子在a点的电势能大
6．如图所示，平行金属板A、B水平正对放置，分别带等量异号电荷．一带点微粒水平射入板间，在重力和电场力共同作用下运动，轨迹如图中虚线所示，那么（）
A．若微粒带正电荷，则电场力一定小于重力
B．微粒从M点运动到N点电势能一定增加
C．微粒从M点运动到N点动能不一定增加
D．微粒从M点运动到N点机械能可能增加也有可能减少
7．如图所示，有一带电粒子贴A板沿水平方向射入匀强电场，当偏转电压为U1时，带电粒子沿轨迹①从两板正中间飞出；当偏转电压为U2时，带电粒子沿轨迹②落到B板中间；设两次射入电场的水平速度相同，则电压U1、U2之比为（）
A．1：8 B．1：4 C．1：2 D．1：1
8．一个电流表，刻度盘的每1小格代表1μA，内阻为Rg．如果把它改装成量程较大的电流表，刻度盘的每一小格代表nμA，则（）
A．给它串联一个电阻，阻值为nRg
B．给它串联一个电阻，阻值为（n﹣1）Rg
C．给它并联一个电阻，阻值为
D．给它并联一个电阻，阻值为
9．如图所示，电路两端的电压U保持不变，电阻R1，R2，R3消耗的电功率一样大，电阻之比R1：R2：R3是（）
A．1：1：1 B．4：1：1 C．1：4：4 D．1：2：2
10．在如图所示电路中，AB为粗细均匀、长为L的电阻丝，以A、B上各点相对A点的电压为纵坐标，各点离A点的距离x为横坐标，则U随x变化的图线应为（）
A．B．C．D．
11．在如图所示电路中，当变阻器R3的滑动头P向b端移动时（）
A．电压表示数变大，电流表示数变小
B．电压表示数变小，电流表示数变大
C．电压表示数变大，电流表示数变大
D．电压表示数变小，电流表示数变小
12．如图所示，A、B图线分别为电源E与某一定值电阻R的伏安特性曲线，如果将电阻R 与电源E直接连接在一起，电源的电动势用E表示，内阻用r表示．则下列正确的是（）
A．E=3V，r=1ΩB．电源的内阻消耗的功率P=4W
C．外电路消耗的功率为P=4W D．该电源的效率η=80%
二、填空与实验题（共4小题，每空3分，共27分）
13．电量为2×10﹣6C的正点电荷放入电场中A点，受到作用力为4×10﹣4N，方向向右，则A点的场强为N/C，方向．若把另一电荷放在该点受到力为2×10﹣4N，方向向左，则这个电荷的电量为C．
14．在场强为E，方向竖直向下的匀强电场中，有两个质量均为m的带电小球，电量分别为+2q和﹣q，两小球用长为L的绝缘细线相连，另用绝缘细线系住带正电的小球悬于O点而处于平衡状态．如图所示，重力加速度为g，细线对悬点O的作用力等于．
15．用游标为20分度的卡尺测量某金属丝的长度，由图1可知其长度为mm；
（2）用螺旋测微器测量其直径如图2，由图可知其直径为mm．
16．某中学实验探究小组利用如图甲所示的电路描绘一小灯泡的伏安特性曲线，待测小灯泡的额定电压约为6V，额定功率约为1.5W．其中实验室还提供了如下的实验器材：
A、直流电源6V（内阻不计）
B、直流电流表0﹣3A（内阻0.1Ω）
C、直流电流表0﹣300mA（内阻约为5Ω）
D、直流电压表0﹣15V（内阻约为15KΩ）
E、滑动变阻器10Ω，2A
F、滑动变阻器1KΩ，0.5A
G、导线若干，开关
（1）该小组的同学经过分析，所选的电流表应为，滑动变阻器应
为．（填写器材的代号）
（2）用笔画线代替导线完成实物图的连接．
三、计算题（共3小题，第17题8分，第18题9分，第19题8分，共25分）
17．如图所示，A为带正电Q的金属板，小球的质量为m、电荷量为q，用绝缘丝线悬挂于O 点．小球由于受水平向右的电场力而静止在沿金属板的垂直平分线上距板为r的位置，悬线与竖直方向的夹角为θ．试求小球所在处的场强．
18．如图所示，在匀强电场中，有A、B两点，它们间距为2cm，两点的连线与场强方向成60°角．将一个电量为﹣2×10﹣5C的电荷由A移到B，其电势能增加了0.1J．则：
（1）在此过程中，电场力对该电荷做了多少功？
（2）A、B两点的电势差U AB为多少？
（3）匀强电场的场强为多大？
19．将一电阻箱与一内阻不可忽略的电源通过开关连接在一起，理想电压表用来测量路端电压，电路如图所示．当电阻箱的阻值调为R1=2Ω时，电压表的示数为U1=4V；当电阻箱的阻值调为R2=5Ω时，电压表的示数为U2=5V．则：
（1）该电源的电动势以及内阻分别是多少？
（2）当电阻箱消耗的功率最大时，其阻值为多少？最大的输出功率为多少？
2015-2016学年安徽省淮南市示范高中五校联考高二（上）期中物理试卷
参考答案与试题解析
一、单项选择题（共12题，每题4分，共48分．）
1．关于摩擦起电和感应起电，以下说法正确的是（）
A．摩擦起电是因为电荷的转移，感应起电是因为产生电荷
B．摩擦起电是因为产生电荷，感应起电是因为电荷的转移
C．不论摩擦起电还是感应起电都是电荷的转移
D．以上说法均不正确
【考点】元电荷、点电荷．
【分析】摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，并没有创造电荷．感应起电的实质是电荷可以从物体的一部分转移到另一个部分．
【解答】解：摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，即说明了电荷可以从一个物体转移到另一个物体，并没有产生电荷．
感应起电过程电荷在电场力作用下，电荷从物体的一部分转移到另一个部分，所以ABD错误，C正确．
故选C
【点评】摩擦起电和感应起电的实质都电子发生了转移，只是感应起电是电子从物体的一部分转移到另一个部分．摩擦起电是电子从一个物体转移到另一个物体．
2．下列说法中正确的是（）
A．由公式E=可知，电场中某点的场强与放在该点的检验电荷所受的电场力的大小成正比，与检验电荷的电量成反比
B．由公式U AB=可知，电场中A、B两点间电势差U AB与在这两点之间移动电荷时电场力所做的功W AB成正比，与电荷的电量q成反比
C．在库仑定律的表达式F=k中，k=是点电荷Q1产生的电场在点电荷Q2处的场强大小；而k是点电荷Q2产生的电场在点电荷Q1处的场强大小
D．公式E=中的d为匀强电场中电势差为U的两点间的距离
【考点】电场强度；库仑定律．
【专题】电场力与电势的性质专题．
【分析】公式E=是电场强度的定义式，公式U AB=是电势差的定义式，公式E=k点电
荷的电场强度的计算式，它们的内涵与外延不同．公式E=中的d为两点沿电场线方向的距离．
【解答】解：A、E=是电场强度的定义式，运用比值法定义，E与F、q无关，故A错误．
B、公式U AB=是电势差的定义式，U AB由电场本身决定，与试探电荷无关，故B错误．
C、在库仑定律的表达式F=k中，将Q1看成场源电荷，Q2看成试探电荷，则k=是点
电荷Q1产生的电场在点电荷Q2处的场强大小；而k是点电荷Q2产生的电场在点电荷Q1处的场强大小．故C正确．
D、公式E=中的d为匀强电场中电势差为U的两点间沿电场线方向的距离．故D错误．故选：C．
【点评】关于电场强度的三个公式理解时抓住两点：一是公式中各量的含义；二是公式适用的条件．知道定义式适用于一切电场．
3．一个不带电的金属导体在电场中处于静电平衡状态．下列说法正确的是（）
A．导体内部场强可以不为0
B．导体上各点的电势相等
C．导体外表面的电荷一定均匀分布
D．在导体外表面，越尖锐的位置单位面积上分布的电荷量越少
【考点】静电现象的解释．
【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．当点电荷移走后，电荷恢复原状．
【解答】解：A、金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，内部电场强度处处为零，故A错误．
B、处于静电平衡的导体，是等势体，故B正确．
C、电荷分布在导体外表面，根据电场强度的强弱可知，电荷不是均匀分布，故C错误．
D、根据尖端发电可知，在导体外表面，越尖锐的位置单位面积上分布的电荷量越多，故D 错误．
故选：B．
【点评】处于静电感应现象的导体，内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面．且导体是等势体．
4．一正点电荷从电场中A点由静止释放，只受电场力作用，沿电场线运动到B点，它运动的v﹣t图象如图所示，则A、B两点所在区域的电场线分布情况可能是图中的（）
A．B．C．D．
【考点】电场线．
【专题】电场力与电势的性质专题．
【分析】v﹣t图象中的斜率表示物体的加速度，所以根据电荷运动过程中v﹣t图象可知电荷的加速度越来越大，则电场力越来越大，电场强度越来越大，根据电场线与电场强度的关系可得出正确结果．
【解答】解：由v﹣t图象可知，粒子做加速度逐渐增大的加速运动，因此该电荷所受电场力越来越大，电场强度越来越大，电场线密的地方电场强度大，且正电荷受力与电场方向相同，故ABC错误，D正确．
故选：D．
【点评】本题结合v﹣t图象，考查了电场强度与电场线以及电荷受电场力与电场方向之间的关系，考点结合巧妙、新颖，有创新性．
5．如图所示，实线是一簇未标明方向的由点电荷产生的电场线，虚线是某一带电粒子通过该电场区域的运动轨迹，a、b是轨迹上的两点．若带电粒子在运动中只受电场力作用，根据此图得出的结论正确的是（）
A．带电粒子带负电
B．带电粒子在a点的受力方向沿电场线指向左下方
C．带电粒子在b点的速度大
D．带电粒子在a点的电势能大
【考点】电势差与电场强度的关系；电场强度．
【专题】比较思想；图析法；电场力与电势的性质专题．
【分析】由图知粒子的运动轨迹向左弯曲，说明粒子受到的电场力大体向左，电场线方向不明，无法判断粒子的电性．根据电场力做功情况，判断动能和电势能的变化．当电场力做正功时，电荷的电势能减小，动能增大；当电场力做负功时，电荷的电势能增大，动能减小．由此分析即可．
【解答】解：AB、粒子的运动轨迹向左弯曲，说明粒子在a、b两点受到的电场力沿电场线向左，如图．由于电场线方向不明，无法确定粒子的电性．故A错误，B正确．
CD、由轨迹弯曲方向与粒子速度方向的关系分析可知，电场力对粒子做负功，粒子的动能减小，电势能增大，则粒子在a点的速度大，在a点的电势能小，故C、D错误．
故选：B
【点评】本题是电场中粒子的轨迹问题，首先要能根据轨迹的弯曲方向判断粒子受力方向，其次判断粒子动能和电势能的变化要根据电场力做功情况．
6．如图所示，平行金属板A、B水平正对放置，分别带等量异号电荷．一带点微粒水平射入板间，在重力和电场力共同作用下运动，轨迹如图中虚线所示，那么（）
A．若微粒带正电荷，则电场力一定小于重力
B．微粒从M点运动到N点电势能一定增加
C．微粒从M点运动到N点动能不一定增加
D．微粒从M点运动到N点机械能可能增加也有可能减少
【考点】带电粒子在匀强电场中的运动；电势能．
【专题】带电粒子在电场中的运动专题．
【分析】微粒在平行金属板间受到重力与电场力的作用，根据微粒运动轨迹与微粒受到的重力与电场力间的关系分析答题．
【解答】解：微粒在极板间受到竖直向下的重力作用与电场力作用，由图示微粒运动轨迹可知，微粒向下运动，说明微粒受到的合力竖直向下，重力与电场力的合力竖直向下；
A、如果微粒带正电，A板带正电，微粒受到的合力向下，微粒运动轨迹向下，不能判断电场力与重力的大小；若A板带负电，电场力小于重力，故A错误；
B、如果微粒受到的电场力向下，微粒从M点运动到N点过程中电场力做正功，微粒电势能减小，如果微粒受到的电场力向上，则电势能增加，故B错误；
C、微粒受到的合力向下，微粒从M点运动到N点过程中合外力做正功，微粒的动能一定增加，故C错误；
D、微粒从M点运动到N点过程动能增加，重力势能减小，机械能不一定增加，故D正确．故选：D．
【点评】根据微粒的运动轨迹判断出微粒受到的合外力，然后根据微粒的受力情况分析答题；电场力做正功，电势能增加，电场力做负功，电势能减小．
7．如图所示，有一带电粒子贴A板沿水平方向射入匀强电场，当偏转电压为U1时，带电粒子沿轨迹①从两板正中间飞出；当偏转电压为U2时，带电粒子沿轨迹②落到B板中间；设两次射入电场的水平速度相同，则电压U1、U2之比为（）
A．1：8 B．1：4 C．1：2 D．1：1
【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．
【专题】带电粒子在电场中的运动专题．
【分析】带电粒子沿水平方向进入电场，做类平抛运动，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做匀加速直线运动．由题可知第一种情况：水平位移等于板长，竖直位移等于板间距离的一半；第二种情况：水平位移等于板长的一半，竖直位移等于板间距离，根据牛顿第二定律和运动学公式结合求解．
【解答】解：设平行板电容器板为L，板间距离为d，粒子的初速度为v．
则对于第一种情况：y1=d==•，则得 U1=
同理对于第二种情况：得到U2=8
所以U1：U2=1：8
故选：A
【点评】本题是类平抛运动的问题，采用运动的分解法处理．本题采用比例法研究时，要用相同的量表示出电压，再求解比值．
8．一个电流表，刻度盘的每1小格代表1μA，内阻为Rg．如果把它改装成量程较大的电流表，刻度盘的每一小格代表nμA，则（）
A．给它串联一个电阻，阻值为nRg
B．给它串联一个电阻，阻值为（n﹣1）Rg
C．给它并联一个电阻，阻值为
D．给它并联一个电阻，阻值为
【考点】把电流表改装成电压表．
【专题】实验题．
【分析】如果把它改装成量程较大的电流表要并联小电阻分流，改装后刻度盘的每一小格代表nμA，即想要量程扩大n倍．
【解答】解：设电流表刻度盘总共有N个小格，则满偏电流为NμA，改装后量程为nNμA，改装成量程较大的电流表要并联小电阻分流，则并联电阻中的电流为：I R=（nN﹣N）μA，满偏电压：U g=N•R gμV
根据欧姆定律：R===
即需要并联一个阻值的电阻．
故选：D．
【点评】电流表的原理是并联电阻起到分流作用．改装后的量程为原电流表的电流与并联电阻的电流之和．也等于满偏电压除以并联后的总电阻．
9．如图所示，电路两端的电压U保持不变，电阻R1，R2，R3消耗的电功率一样大，电阻之比R1：R2：R3是（）
A．1：1：1 B．4：1：1 C．1：4：4 D．1：2：2
【考点】电功、电功率；串联电路和并联电路．
【专题】恒定电流专题．
【分析】串联部分电流相等，并联部分电压相等，根据P=I2R和P=进行分析．
【解答】解：R2、R3电压相等，根据P=得，功率相等，则R2=R3．通过电阻R1的电流是R2
电流的2倍，根据P=I2R得，功率相等，则．所以电阻之比R1：R2：R3=1：4：4．故C正确，A、B、D错误．
故选C．
【点评】解决本题的关键知道串并联电路的特点，以及掌握功率的公式P=UI、P=I2R和P=．
10．在如图所示电路中，AB为粗细均匀、长为L的电阻丝，以A、B上各点相对A点的电压为纵坐标，各点离A点的距离x为横坐标，则U随x变化的图线应为（）
A．B．C．D．
【考点】路端电压与负载的关系．
【专题】恒定电流专题．
【分析】导体的电阻与长度成正比，导体越长，电阻越大，串联电路中的电压U与电阻成正比，电阻越大，电压越大．
【解答】解：根据电阻定律可知：各点离A点的距离x越大，导体的电阻越大，电阻R与x 成正比；
由于AB上各部分电阻串联，电流相等，则AB上的各点相对A点的电压U就越大，由U=IR，知U与R成正比，则U与x成正比，则图象A是正确的．故A正确．
故选：A．
【点评】解决此类问题关键要掌握电阻定律和串联电路电压与电阻成正比的规律．并能结合图象的意义进行选择．
11．在如图所示电路中，当变阻器R3的滑动头P向b端移动时（）
A．电压表示数变大，电流表示数变小
B．电压表示数变小，电流表示数变大
C．电压表示数变大，电流表示数变大
D．电压表示数变小，电流表示数变小
【考点】闭合电路的欧姆定律．
【专题】压轴题．
【分析】由图可知R2与R3并联后与R1串联，电压表测量路端电压；由滑片的移动可得出滑动变阻器接入电阻的变化，则由闭合电路的欧姆定律可得出总电流的变化，由U=E﹣Ir可得出路端电压的变化；将R1作为内阻处理，则可得出并联部分电压的变化，求得R2中电流的变化，由并联电路的电流规律可得出电流表示数的变化．
【解答】解：当滑片向b端滑动时，滑动变阻器接入电阻减小，则电路中总电阻减小，则由闭合电路欧姆定律可得，电路中总电流增大，故内压增大；因此路端电压减小，故电压表示数减小；
将R1等效为内阻，则可知并联部分电压一定减小，故流过R2的电流减小，因总电流增大，故电流表示数增大；故B正确，ACD错误；
故选B．
【点评】闭合电路的欧姆定律一般按先分析外电路，再分析内电路，最后再分析外电路的思路进行；若电阻与电源串联，可以等效为内阻处理．
12．如图所示，A、B图线分别为电源E与某一定值电阻R的伏安特性曲线，如果将电阻R 与电源E直接连接在一起，电源的电动势用E表示，内阻用r表示．则下列正确的是（）
A．E=3V，r=1ΩB．电源的内阻消耗的功率P=4W
C．外电路消耗的功率为P=4W D．该电源的效率η=80%
【考点】路端电压与负载的关系；电功、电功率．
【专题】定量思想；方程法；恒定电流专题．
【分析】根据图线Ⅰ纵轴截距读出电源的电动势，斜率大小读出电源的内阻．图线Ⅱ的斜率大小等于电阻R的大小．两图线的交点表示电阻R接在该电源的电压和电流，求出电源的输出功率和电源的效率．
【解答】解：A、由图线图线Ⅰ纵轴截距读出电源的电动势，为 E=3V，其斜率大小等于电源
的内阻，则内阻为 r==Ω=0.5Ω．故A错误．
B、因内阻为0.5Ω，根据功率表达式P=I2r=22×0.5=2W．故B错误．
C、两图线的交点表示该电源直接与电阻R相连组成闭合电路时电路中电流和路端电压，则有U=2V，I=2A，电源的输出功率为P=UI=2×2W=4W．故C正确．
D、电源的效率为η==≈66.7%．故D错误．
故选：C．
【点评】本题抓住伏安特性曲线的斜率、截距和交点的数学意义来理解其物理意义，常见的题型．
二、填空与实验题（共4小题，每空3分，共27分）
13．电量为2×10﹣6C的正点电荷放入电场中A点，受到作用力为4×10﹣4N，方向向右，则A点的场强为200 N/C，方向向右．若把另一电荷放在该点受到力为2×10﹣4N，方向向左，则这个电荷的电量为﹣1×10﹣6C．
【考点】电场强度．
【专题】电场力与电势的性质专题．
【分析】电场强度等于试探电荷所受电场力与其电荷量的比值，方向与正电荷所受电场力方向相同，与负电荷所受电场力方向相反．同一点电场强度不变，由电场力F=qE求解电荷量．
【解答】解：A点的场强为：E=N/C=200N/C，方向：向右．
把另一电荷放在该点时，场强不变．由F′=q′E得：
q′==1×10﹣6C
因电场力方向与场强方向相反，则该电荷带负电荷．
故答案是：200，向右，﹣1×10﹣6．
【点评】本题对电场强度和电场力的理解能力．电场强度是反映电场本身的性质的物理量，与试探电荷无关．而电场力既与电场有关，也与电荷有关．
14．在场强为E，方向竖直向下的匀强电场中，有两个质量均为m的带电小球，电量分别为+2q和﹣q，两小球用长为L的绝缘细线相连，另用绝缘细线系住带正电的小球悬于O点而处于平衡状态．如图所示，重力加速度为g，细线对悬点O的作用力等于2mg+qE ．
【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用；电场强度．
【专题】共点力作用下物体平衡专题．
【分析】以两个小球组成的整体为研究对象，分析受力，根据平衡条件可求得细线的拉力．【解答】解：以两个小球组成的整体为研究对象，分析受力如图：重力2mg、电场力（2qE ﹣qE）=qE，方向竖直向下，细线的拉力T，由平衡条件得：
T=2mg+qE
故答案为：2mg+qE
【点评】本题运用整体法，由于不分析两球之间的相互作用力，比较简便．
15．用游标为20分度的卡尺测量某金属丝的长度，由图1可知其长度为50.15 mm；
（2）用螺旋测微器测量其直径如图2，由图可知其直径为 4.700 mm．
【考点】刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用．
【专题】实验题．
【分析】游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．
【解答】解：游标卡尺的固定刻度读数为50mm，游标读数为0.05×3mm=0.15mm，所以最终读数为50.15mm．
螺旋测微器的固定刻度读数为4.5mm，可动刻度读数为0.01×20.0mm=0.200mm，所以最终读数为4.700mm．
故答案为：（1）50.15；（2）4.700
【点评】解决本题的关键掌握游标卡尺和螺旋测微器的读数方法，游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．
16．某中学实验探究小组利用如图甲所示的电路描绘一小灯泡的伏安特性曲线，待测小灯泡的额定电压约为6V，额定功率约为1.5W．其中实验室还提供了如下的实验器材：
A、直流电源6V（内阻不计）
B、直流电流表0﹣3A（内阻0.1Ω）
C、直流电流表0﹣300mA（内阻约为5Ω）
D、直流电压表0﹣15V（内阻约为15KΩ）
E、滑动变阻器10Ω，2A
F、滑动变阻器1KΩ，0.5A
G、导线若干，开关
（1）该小组的同学经过分析，所选的电流表应为 C ，滑动变阻器应为 E ．（填写器材的代号）
（2）用笔画线代替导线完成实物图的连接．
【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线．
【专题】实验题；定性思想；实验分析法；恒定电流专题．
【分析】（1）根据灯泡的额定功率由功率公式可求得额定电流，从而选择电流表，再根据滑动变阻器的接法选择滑动变阻器；
（2）根据给出的电路图，按照实物图的要求即可得出对应的实物图．
【解答】解：（1）灯泡的额定电流I===0.25A，故电流表应选择C；
本实验中要让电压从零开始调节，故应采用滑动变阻器的分压接法，因此为了便于调节，滑动变阻器应选择总电阻较小的E；
（2）根据原理图可正确连接实物图，注意电流中电流的流向以及量程的选择；如图所示；故答案为：（1）C，E，（2）如图所示；
【点评】本题考查了实验器材的选择和实物图的连接，注意本实验中分压接法的应用，同时要熟练掌握实物图的连接要求及方法
三、计算题（共3小题，第17题8分，第18题9分，第19题8分，共25分）
17．如图所示，A为带正电Q的金属板，小球的质量为m、电荷量为q，用绝缘丝线悬挂于O 点．小球由于受水平向右的电场力而静止在沿金属板的垂直平分线上距板为r的位置，悬线与竖直方向的夹角为θ．试求小球所在处的场强．。