2024届江西省宜春市丰城九中物理高一上期中调研试题含解析

2024届江西省宜春市丰城九中物理高一上期中调研试题
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。

用2B 铅笔将试卷类型（B ）填涂在答题卡相应位置上。

将条形码粘贴在答题卡右上角"条形码粘贴处"。

2．作答选择题时，选出每小题答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。

答案不能答在试题卷上。

3．非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。

不按以上要求作答无效。

4．考生必须保证答题卡的整洁。

考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、下列各组物理量中，都是矢量的是( )
A ．位移、时间、速度
B ．路程、速率、位移
C ．加速度、速度的变化量、速度
D ．速度、时间、加速度
2、足球以10m/s 的速度飞来，运动员把它以12m/s 的速度反向踢出，踢球的时间为0.2s ，以球飞来的方向为正方向，则足球在这段时间内的平均加速度是（ ）
A ．2220/m s -
B ．2110/m s -
C ．2220/m s
D ．2110/m s
3、物体甲的速度—时间图象和物体乙的位移—时间图象分别如图所示，则对这两个物体的运动说法不正确的是（ ）
A ．甲在0～4 s 时间内有往返运动，它通过的总路程为12 m
B ．甲在0～4 s 时间内总位移为零
C ．乙在t ＝2 s 时速度方向发生改变，与初速度方向相反
D ．乙在0～4 s 时间内通过的位移为零
4、如图所示，小方块代表一些相同质量的钩码，图①中O 为轻绳之间连接的结点，图② 中光滑的滑轮跨在轻绳上悬挂钩码，两装置均处于静止状态，现将图①中的B 滑轮或图②中的端点B 沿虚线稍微上移一些，则关于θ角的变化说法正确的是
A ．图①、图②中θ角均不变
B ．图①、图②中θ角均变小
C ．图①中θ角增大、图②中θ角不变
D ．图①中θ角不变、图②中θ角变大
5、长征八号运载火箭将于2020年迎来首飞，据新闻报道，长征八号火箭采用了子级整体垂直反推回收的方式，能有效实现火箭部件再利用，降低发射成本，有利于增强中国商业卫星发射在全球的竞争力。

下列说法正确的是（ ） A ．火箭第一级发动机在刚刚脱离主体时就停止了推进动力，这时候没有动力的第一级发动机的加速度为零 B ．火箭第三级在准备把运载的卫星送入预订轨道之时，会先把顶端的卫星保护外壳脱落下来，这部分脱落的外壳一脱落就做自由落体运动
C ．长征八号火箭在刚刚点火的瞬间，速度几乎为零，但是它的加速度却比较大
D ．火箭升空后速度越来越大，加速度也越来越大
6、如图所示，质量为m 的物块在与斜面平行向上的拉力F 的作用下，沿着水平地面上质量为M 的粗糙斜面匀速上滑，在此过程中斜面体保持静止，则地面对斜面体
A ．无摩擦力
B ．支持力大小为(m ＋M)g
C ．支持力大小为(M ＋m)g+Fsinθ
D ．有水平向左的摩擦力，大小为Fcosθ
7、如图所示，一平直公路上有三个路标o 、m 、n ，且om =3m 、mn =5m 。

一辆汽车在该路段做匀加速直线运动依次通过o 、m 、n 三个路标，已知汽车在相邻两路标间运动时间相同，且速度增加量相同，均为2m/s v ∆=，则下列说法中正确的是：（ ）
A ．汽车在om 段的平均速度大小为2m/s
B．汽车从m处运动到n处的时间为2s
C．汽车经过o处时的速度大小为2m/s
D．汽车在该路段行驶的加速度大小为2m/s2
8、下列说法中正确的是（）
A．重力是由于地球对物体的吸引而产生的，但重心不一定在物体上
B．形状规则的物体的重心一定与其几何中心重合
C．两个物体只要接触就会产生弹力
D．物体对桌面的压力是由于物体发生弹性形变而产生的
9、关于弹力，下列说法中正确的是( )
A．发生形变的物体一定有弹力
B．某物体产生的弹力，其方向一定与该物体弹性形变的方向相反
C．轻杆所产生的弹力不一定沿着轻杆所在的直线
D．一本书放在水平桌面上，书受向上的弹力，是因为桌面发生了向下的弹性形变
10、t＝0时，甲乙两汽车从相邻70km的两地开始相向行驶，它们的v-t图象如图所示。

忽略汽车掉头所需时间。

下列对汽车运动状况的描述正确的是
A．在第1小时末，乙车改变运动方向
B．在第2小时末，甲乙两车相距10km
C．在第3小时内，甲乙两车相遇一次
D．在第4小时末，甲乙两车相距20km
11、物体由静止做匀加速直线运动，第3s内通过的位移是6m，则
A．第3 s内平均速度是6m/s B．物体的加速度是1.2 m/s2
C．前3 s内的位移是6 m D．3 s末的速度是7.2m/s
12、如图甲所示，重为G的物体在水平向右的压力F作用下静止在竖直墙上，F随时间t均匀减小，如图乙所示，物体与墙的最大静摩擦因数为，物体始终静止设墙对物体的弹力为N、物体与墙的最大静摩擦力为、物体受到的摩擦力为f，下列图象能正确表示各力随时间变化的是
A．B．C．D．
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、某同学在做研究匀变速直线运动规律的实验时，获取了一条纸带的一部分，0、1、1、3、4、5、6、7是计数点，每相邻两计数点间还有4个点(未标出)，计数点间的距离如图所示．由于粗心，该同学忘了测量3、4两个计数点之间的距离(电源频率为50 Hz)．求：
(1)6号计数点的瞬时速度的大小v6＝________m/s．(保留三位有效数字)
(1)利用逐差法处理数据，可得加速度a＝______m/s1．(保留三位有效数字)
(3)计数点3、4之间的距离是x4＝________cm．(保留三位有效数字)
14、某同学做“验证力的平行四边形定则”的实验情况如图甲所示，其中A为固定橡皮筋的图钉，O为橡皮筋与细绳的结点，OB和C为细绳，图乙是在白纸上根据实验结果画出的图．
（1）如果没有操作失误，图乙中的F与F＇两力中，由一只弹簧测力计拉橡皮筋得到的力
是___________；
（2）在实验中·需要将橡皮筋的一端固定在水平木板上，另一端系上两根细绳，细绳的另一端都有绳套．实验时用两只弹簧测力计分别勾住绳套，互成角度地拉橡皮筋．你认为在此过程中必须注意以下几项：
A．两根细绳必须等长
B．在使用弹簧测力计时要注意使弹簧测力计与木板平面平行
C．两根细绳所成角度越大越好
D．两弹簧测力计示数之差应尽可能大
其中正确的是_____________（填入相应的字母）；
（3）就科学方法而言，实验过程中用一只弹簧测力计钩住一根细绳，使结点再次拉到O点”，所运用的方法是
__________．
A．等效替代B．建立模型C．控制变量D．理想实验
15、在“验证力的平行四边形定则”的实验中，某同学进行实验的主要步骤是：
a．如图甲所示，将橡皮筋的一端固定在木板上的A点，另一端拴上两根绳套，每根绳套分别连着一个弹簧测力计。

b．沿着两个方向拉弹簧测力计，将橡皮筋的活动端拉到某一位置，将此位置标记为O点，读取此时弹簧测力计的示数，分别记录两个拉力F1、F2的大小．用笔在两绳的拉力方向上分别标记a、b两点，并分别将其与O点连接，表示两力的方向。

c．再用一个弹簧测力计将橡皮筋的活动端仍拉至O点，记录其拉力F的大小并用上述方法记录其方向。

（1）用一个弹簧测力计将橡皮筋的活动端仍拉至O点，这样做的目的是_______。

（2）图乙是在白纸上根据实验数据作出的力的图示，其中_______是F1和F2合力的实际测量值（填F或F´）。

（3）实验中的一次测量如图丙所示，两个测力计M、N的拉力方向互相垂直，即α+β=90°，若保持测力计M的读数不变，当角α由图中所示的值逐渐减小时，要使橡皮筋的活动端仍在O点，可采用的办法是_______。

A．增大N的读数，减小β角B．减小N的读数，减小β角
C．减小N的读数，增大β角D．增大N的读数，增大β角
三．计算题(22分)
16、（12分）汽车以10m/s的速度在平直公路上匀速行驶，刹车后经2s速度变为6m/s，已知刹车过程是匀变速直线运动。

求：
(1)刹车过程中的加速度大小和方向；
(2)刹车全程的平均速度是多少；
(3)刹车后8s内前进的距离．
17、（10分）游船从码头沿直线行驶到湖对岸，小明对过程进行观察，记录数据如下表，
（1）求游船匀加速运动过程中加速度大小，及位移大小；
（2）若游船和游客总质量，求游船匀减速运动过程中所受合力的大小F ；
（3）求游船在整个行驶过程中的平均速度大小 。

参考答案
一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、C
【解题分析】
位移、速度、加速度以及速度的变化，都是有大小和方向的物理量，都是矢量；而时间、速率和路程只有大小无方向，是标量；故选C.
2、B
【解题分析】 足球在这段时间内的平均加速度21210110/0.2v a m s t --=
-＝＝，故B 正确，ACD 错误．故选B ． 3、ACD
【解题分析】试题分析：v-t 图象中，图线与t 轴包围的面积表示位移大小；x-t 图象的斜率表示速度．路程等于各段位移大小之和．
甲在前2s 内沿负方向做匀减速直线运动，后2s 内沿正方向做匀加速直线运动，即4s 时间内做往返运动；0～4s 时间内甲通过的总路程为两个三角形的面积大小之和，为： 122362
s m m =⨯⨯⨯=，总位移为112323022
x m m =-⨯⨯+⨯⨯=，故A 错误B 正确；x-t 图象的斜率表示速度，乙图表示物体做匀速直线运动，速度方向不变，乙在4s 时间内从-3m 运动到+3m 位置，故位移为()336x m m m ∆=--=，故CD 错误．
【解题分析】图①中，根据钩码个数，三个力正好构成直角三角形，若端点B 沿虚线稍稍上移一些，三力大小不变，根据力的合成法则，可知，方向不变，即夹角不变；图②中，因光滑的滑轮，且绳子中的张力相等，则A 、B 的力总是相等的，因此合力平分A 、B 绳的夹角，即使稍上移，绳子张力大小仍不变，则根据力的合成法则，可知，AB 夹角也不变，A 正确．
5、C
【解题分析】
A. 没有动力的第一级发动机还受到地球引力作用，加速度不为零，故A 错误；
B. 物体做自由落体运动的条件是只受重力和初速度为零。

脱落的外壳初速度不为零，不是做自由落体运动，故B 错误；
C.火箭在刚刚点火的瞬间，速度几乎为零，但是受到很大的向上的推力，所以它的加速度比较大，故C 正确；
D. 火箭在加速升空的最后阶段，速度越来越大，加速度越来越小，故D 错误。

6、D 【解题分析】
以物体和斜面组成的整体为研究对象，分析受力情况：总重力（M+m ）g 、拉力F 、地面的支持力N 和摩擦力f ，作出力图，根据平衡条件得：
水平方向：f=Fcosθ，方向水平向左；
竖直方向：N+Fsinθ=（M+m ）g ，解得：N=（M+m ）g-F sinθ，f=Fcosθ，故D 正确。

点晴：本题两个物体的加速度都为零，可以作为整体进行研究，简单方便，也可以采用隔离法研究。

7、CD
【解题分析】
CD ．设汽车经过o 路标时速度为v ，又由于汽车在相邻两路标间的速度增加量相同，均为△v =2m/s ，故通过m 路标时速度为v +2，通过n 路标时速度为v +4；由匀变速直线运动的速度与位移关系有：
()2222om v x v a +-＝
22422mn v v ax +-+=（）（）
解得：
a =2m/s 2；
选项CD 正确；
A ．汽车在om 段的平均速度大小为
24 m/s 3m/s 2
om v +=＝ A 错误；
B ．汽车在mn 段的平均速度大小为
64 m/s 5m/s 2
mn v +=＝ 故汽车从m 处运动到n 处的时间为：
515
mn mn x t s s v ＝＝＝ B 错误；
8、AD
【解题分析】重力是由于地球对物体的吸引而产生的，只有形状规则，质量分布均匀的物体的重心在其几何中心上，比如手镯，其重心在其几何中心，不在物体上，A 正确B 错误；产生弹力的条件是相互接触并且发生弹性形变，二者缺一不可，故C 错误；物体对桌面的压力是由于物体发生弹性形变要恢复形变对与其接触的桌子产生的力，D 正确． 9、BCD
【解题分析】
A.弹性形变的话有弹力产生，非弹性形变（又叫塑性形变或者范性形变）是不产生弹力的，故A 错误；
B.弹力的方向总是总是与恢复形变的方向相同，也就是一定与该物体弹性形变的方向相反．故B 正确；
C.轻杆所产生的弹力可以指向各个方向，不一定沿着轻杆所在的直线，故C 正确；
D.放在桌面上的木块受到的弹力，是由于桌面发生微小形变，要恢复原状态而产生的弹力．故D 正确；
10、BCD
【解题分析】
在第1小时末，乙车的速度仍然为负值，说明运动方向并未改变。

故A 错误。

在第2小时末，甲的位移大小x 甲=
12×30×2km=30km ，乙的位移大小x 乙=12
×30×2km=30km ，此时两车相距△x=70-30-30=10（km ）。

故B 正确。

在第3小时末，甲的位移大小x 甲=12×45×3km=67.5km ，乙的位移大小x 乙=12
×30×1km=15km ，x 甲+x 乙>70km ，可知在第3小时内甲乙两车相遇一次，选项C 正确；在第4小时末，甲车的位移x 甲=12
×60×4km=120km ，乙车的位移x 乙=-12×30×2km+12×60×2km=30km ，此时甲乙相距120km-(70km+30km)=20km ，故D 正确。

故选BCD 。

解决本题的关键知道速度时间图线的物理意义，知道图线斜率、图线与时间轴围成的面积表示的含义．
11、AD
【解题分析】
A ．第3 s 内平均速度 6m /s 6m /s 1
x v t === 故A 正确；
B ．设加速度为a ，则
221163222
a a =⨯-⨯ 解得
22.4m /s a =
故B 错误；
C ．前3s 内的位移为
2211 2.43m 10.8m 22
s at ==⨯⨯= 故C 错误；
D ．3s 末的速度为
v =at =2.4×3=7.2m/s
则D 正确。

12、AB
【解题分析】
对水平方向上分析可知，物体受到的墙面的支持力一直与压力大小相等，方向相反，故变化规律与F 的规律相同，故A 正确；最大静摩擦力，故说明最大静摩擦力也随着压力的增大而增大，故变化规律与F 规律相同，故B 正确；物体保持静止，则说明物体处于平衡状态，摩擦力一直等于重力，故C 错误；静摩擦力与压力无关，大小一直等于重力，故D 错误．故选AB ．
【题目点拨】
本题考查静摩擦力的分析问题，要注意明确静摩擦力大小取决于外力的大小，但最大静摩擦力与正压力是成正比，本题还要注意明确最大静摩擦力取决正压力，与重力是无关的．
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 (1)0.413 (1)0.496 (3)1.90
（1）每相邻两计数点间还有4个打点未标出，则周期T=0.01×5=0.1s；时间中点的速度等于该过程中的平均速度，2576 3.88 4.3710/0.413/220.1
x v m s m s T -+==⨯≈⨯ （1）根据匀变速直线运动的推论，结合逐差法，那么滑块的加速度为：
()()2225713223.88 4.37 1.89 2.4010?/0.496?/2201x x a m s m s T -+-+-==⨯≈⨯．
（3）依据相等时间内，位移之差相等，即x 14-x 01=x 46-x 14； 解得：22460224 3.39 3.88 1.40 1.8910 5.291022
x x x m m --++++==⨯=⨯， 因此x 4=1.89×10-1m ．
点睛：要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用，掌握求解瞬时速度与作差法求解加速度的方法．
14、'F B A
【解题分析】
(1)由一只弹簧测力计拉橡皮筋得到的力应沿AO 方向；
(2)在实验中F 和F ′分别由平行四边形定则及实验得出，按实验原理和方法分析实验的要求和注意事项；
(3)本实验中采用了两个力的合力与一个力效果相同来验证的平行四边形定则，因此采用了“等效代替法”．
【题目详解】
(1) F 1与F 2的合力的实际值测量值为一个弹簧拉绳套时的弹簧的弹力大小和方向，而理论值是通过平行四边形定则得到的值．
所以图乙中的F 与F ′两力中，方向一定沿AO 方向的是F′；
(2) A 项：本实验采用等效替代法，两根细绳长度不一定要相等，故A 错误；
B 项：本实验是通过在白纸上作力的图示来验证平行四边定则，为了减小实验误差，在使用弹簧测力计时要使弹簧测力计与木板平面平行，否则，作出的是拉力在纸面上的分力，误差较大，故B 正确；
C 项：实验要方便、准确，两分力适当大点，读数时相对误差小，夹角不宜太大，也不宜太小，因此夹角不宜太大，在60°至120°之间最佳，故C 错误；
D 项：用两弹簧秤同时拉细绳时弹簧读数没有要求，只要使得两次橡皮条拉伸到一点就行，故D 错误．
故选B
(3) 合力与分力是等效替代的关系，所以本实验采用的等效替代法，因此BCD 错误，A 正确．
【题目点拨】
本实验采用的是等效替代的方法，即一个合力与几个分力共同作用的效果相同，可以互相替代．解答实验的出发点为
明确实验原理、实验步骤、数据处理，明确合力和分力之间的关系，同时注意应用所学物理基本规律解决实验问题．
15、与F 1、F 2共同作用的效果相同 F B
【解题分析】
（1）[1]．用一个弹簧测力计将橡皮筋的活动端仍拉至O 点，这样做的目的是与F 1、F 2共同作用的效果相同。

（2）[2]．图乙是在白纸上根据实验数据作出的力的图示，其中F 是F 1和F 2合力的实际测量值；F ＇是合力的理论值。

（3）[3]．由题意可知：保持O 点位置不动，即合力大小方向不变，弹簧测力计M 的读数不变，因此根据要求作出力的平行四边形定则，画出受力分析图如下：
所以由图可知α角逐渐变小时，N 的示数减小，同时β角减小，故ACD 错误，B 正确。

三．计算题(22分)
16、 (1) 22/m s 方向与初速度方向相反 (2) 5/m s (3) 25m
【解题分析】（1）刹车过程中的加速度226-10=/=-2/2v a m s m s t ∆=∆ 刹车过程中的加速度大小22/m s ，方向与初速度方向相反。

(2) 刹车全程初速度是10m/s ，末速度是0，则刹车全程的平均速度00100/5/22v v m s m s ++=
== (3)从开始刹车到车停止所需时间0001052
v t s s a --===-停 刹车后8s 内前进的距离就是5s 内前进的距离5525x vt m m ==⨯=停
点睛：汽车刹车后做匀减速直线运动直至速度为0变为静止，要注意题目中所给时间与刹车时间之间的关系，确定物体处于什么运动阶段。

17、 (1)0.105 84m (2)400N (3)3.86m/s
【解题分析】（1）游船匀加速运动过程中加速度大小
． 位移大小
（2）游船匀减速运动过程中加速度大小
． 根据牛顿第二定律得 F=Ma 2=8000×0.05N=400N
（3）游船在整个行驶过程中的总位移
x=x1+v△t2+△t3=84+4.2×600+×80=2780m
游船在整个行驶过程中的平均速度大小
点睛：理清游船的运动情况，运用运动学公式和牛顿第二定律解决动力学问题．也可以画出v-t图象来分析游船的运动情况．。