(海南卷) 2020年中考物理第一次模拟考试(全解全析)

2020年中考物理第一次模拟考试【海南卷】
物理·全解全析
一、选择题（本大题有10小题，每题只有一个正确的选项，每小题3分，共30分）
12345678910
C D C A B A B B B D
1．【答案】C
【解析】
A．演奏前，调节小提琴的琴弦松紧可改变琴弦振动的频率，即改变声音的音调，故A错误；
B．演奏时，调节拉小提琴力度可调节声音的响度，故B错误；
C．声音的传播需要介质，小提琴演奏的乐曲通过空气传入听众的耳朵的，故C正确；
D．小提琴和二胡是不同的乐器，发出声音的音色不同，故D错误。

故选C。

2．【答案】D
【解析】
试题分析：要解决此题，需要掌握各种光现象．
（1）知道影子的形成、日月食的形成及小孔成像都是光沿直线传播形成的．
（2）“倒影”属于平面镜成像，是光的反射原理．
选项A中的“阴影”、选项B中的“手影”和选项C中的“影”都是影子，其形成都是光沿直线传播形成的；
而岸边树木在河水中的“倒影”属于平面镜成像，是光的反射现象．
故选D．
考点：本题考查光的反射
点评：解决本题的关键是知道光现象中的几种“影”在学习过程中区分．熟练掌握其原理，对于生活中的现象要善于总结，达到学以致用的目的．
3．【答案】C
【解析】
A．灵宝市11月份平均气温约为10℃，不符合题意；
B．中学生伸开手掌，大拇指指尖到中指指尖的距离大约18cm，一支2B铅笔的长度与此差不多，在
20cm=2dm
左右，不符合题意；
C．一个5G华为手机的质量约
200g=0.2kg
符合题意；
D．一辆小汽车在高速公路上正常行驶的速度约100km/h，不符合题意。

故选C。

4．【答案】A
【解析】
AB．甲实验中没有电源，是探究感应电流产生条件的装置图，可以反映发电机的工作原理，动感式话筒也是根据电磁感应的原理制成的，是机械能转化为电能；故A正确，B错误；
CD．乙实验中有电源，是探究磁场对电流作用的原理图，可以反映电动机的工作原理；乙实验中是电能转化为机械能。

故CD错误。

故选A。

5．【答案】B
【解析】
A．“千里冰封，万里雪飘”，冰是水由液态变为固态形成的，属于凝固现象，故A错误．
B．“岚雾今朝重，江山此地深”雾是悬浮在空气中的小液滴，是空气中的水蒸气遇冷液化形成的，故B正确．C．“青青园中葵，朝露待日晞”露是小液滴，是空气中的水蒸气遇冷液化形成的，故C错误．
D．“月落乌啼霜满天，江枫渔火对愁眠”，霜是空气中的水蒸气遇冷由气态直接变为固态，发生凝华形成的，故D错误．
6．【答案】A
【解析】
使用天平测量物体的质量时，先将天平放在水平台上，游码移到标尺左端的零刻线处，调节横梁两端的平衡螺母，使天平平衡。

使用天平测量物体的质量前，要将天平放在水平桌面上，游码移到标尺左端的零刻线处，调节平衡螺母使天平平衡；发现指针偏向分度盘中央刻度线的左侧，他应将平衡螺母向右端调，使天平平衡；故A正确，BCD错误。

故选：A。

7．【答案】B
【解析】
把带负电的橡胶棒靠近塑料签字笔时，笔尾远离橡胶棒，说明它们相互排斥，则签字笔与橡胶棒带的是同种电荷，橡胶棒带负电，所以签字笔也带负电。

故选B 。

8．【答案】B 【解析】
ABD ．由电路图知道，定值电阻R 与滑动变阻器串联，电压表测R 两端的电压，电流表测电路中的电流。

当滑片位于a 端时，接入电路中的电阻为零，电压表测电源电压，此时电流表和电压表的示数均最大，由图象知道，电源的电压U =9V ，电路中的电流I a =1.5A ，由U
I R
=
知道，定值电阻R 的阻值9V
61.5A
U R I =
==Ω定值电阻的最大功率是
9V 1.5A 13.5W
P UI ==⨯=故AD 错误，B 正确；
C ．当滑片位于b 端时，接入电路中的电阻最大，此时电路中的电流最小，电压表的示数最小，由图象知道，此时电路有最小电流I b =0.5A ，R 两端的电压U R =3V ，由于串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，滑动变阻器两端的电压
U 滑=U-U R =9V-3V=6V
即滑动变阻器的最大阻值
b 6V
120.5A
U R I =
==Ω滑滑所以，滑动变阻器的阻值范围是0～12Ω，故C 错误。

故选B 。

9．【答案】B 【解析】
（1）力的作用是相互的，作用力和反作用力同时产生，同时消失；
（2）重力势能和物体的质量和高度有关；
（3）力的作用效果有两个，一个是可改变物体的运动状态，一个是可改变物体的形状；运动状态的改变包
括：速度大小的改变和方向的改变；
（4）地球表面及附近的一切物体都受到重力的作用。

A．力的作用是相互的，球拍击打乒乓球的同时，乒乓球对球拍也有反作用力的作用，且大小相等，方向相反，故A错误；
B．乒乓球减速向上运动时，其质量不变，但高度增大，则重力势能增大，故B正确；
C．球拍击球时，乒乓球的运动方向和速度大小都发生了改变，也就是运动状态发生变化，故C错误；D．乒乓球在空中运动过程中，受到重力和空气阻力的作用，故D错误。

故选B。

10．【答案】D
【解析】
A．星箭分离前，若以地球表面为参照物，实践二十号与地面之间发生了位置的变化，是运动的，故错误；B．星箭分离后，若以长征五号为参照物，实践二十号与长征五号之间发生了位置的变化，是运动的，故错误；
C．实践二十号抵达预定轨道后，若以地球表面为参照物，发生了位置的变化，是运动的，故错误；D．实践二十号进入同步轨道后，为地球同步卫星，与地球表面之间没有发生位置的变化，若以地球表面为参照物是静止的，故正确。

故选D。

二、填空题（本大题有7小题，每空2分，共28分）
11．【答案】大气压15
【解析】
吸盘挤压在墙上时，排出吸盘和墙之间的空气，吸盘在大气压的作用下被压在墙上。

吸盘处于静止状态，吸盘竖直方向上受到竖直向下的拉力和竖直向上的摩擦力，这两个力是平衡力，大小相等。

物体重15N，对吸盘的拉力是15N，所以吸盘受到的摩擦力是15N。

12．【答案】裂变电磁波
【解析】
核裂变和核聚变都能释放能量，核裂变又分为可控制核裂变和不可控制的核裂变，核电站是利用可控制的原子核裂变产生的能量来发电的；手机既能发射电磁波，也能接收电磁波，手机靠电磁波传递信息．13．【答案】运动高
【解析】
整个房间里都能闻到驱蚊片的气味，这是驱蚊片气味的分子做无规则运动的结果，属于扩散现象；驱蚊片不加热，在房间里就很难闻到驱蚊片的气味，而加热时，这种现象就很明显，说明分子运动的快慢与温度有关，温度越高扩散现象就越明显。

14．【答案】4×10780
【解析】
完全燃烧0.5m 3天然气时，所释放的热量为
Q 放=Vq =0.5m 3×8×107J/m 3=4×107J
水吸收的热量为
Q 吸=Q 放×84%=4×107J×84%=3.36×107J
由Q cmΔt =可求能使100kg 水升高度数为
()73
J
3.3610
4.2108/kg 10kg
0J 0Q t cm ⨯⨯⨯∆=== ℃℃15．【答案】30006
【解析】
橡皮泥对桌面产生的压强为
331.510kg/m 10N/kg 0.2m 3000Pa F G mg Vg gSh
p gh S S S S S
ρρρ=
======⨯⨯⨯=橡皮泥对桌面产生的压强3000Pa 。

该船在最大排水时受到的浮力
3343 1.010kg/m 10N/kg 6.010m 6N
F gV ρ-==⨯⨯⨯⨯=浮水排大该船在最大排水时受到的浮力6N 。

16．【答案】25变大
【解析】
根据杠杆的平衡条件得到
G ×
2l
=F ×l F =50N 22
G ==25N
杠杆最右端的力F 竖直向上，它的方向不变，当重物向右移动时，重物对杠杆拉力的力臂l 2变大，F 的力臂l 1不变，等于杠杆的长，阻力G 不变，由杠杆平衡条件Fl 1=Gl 2可知，力F 将变大。

17．【答案】1.5
4
【解析】
质量是16kg的小孩每天的服用量
30mg
16kg=480mg=0.48g
1kg
一天分两次服，所以一次服的量是0.24g，由于一袋的质量是0.16g，所以每次用量是
0.24g
=1.5
0.16g
每次用量是1.5袋。

因为一天服用两次，是3袋，所以4天内就能将此盒的12袋药用完。

三、作图与实验题（第18题4分，第19题6分，第20题10分，共20分）
18．（1）（2分）【答案】
【解析】
物体做水平方向向右匀速运动，物体受到两个力：它的重力G，传送带对它的支持力F，这两个力是一对平衡力，大小相等，方向相反，且作用在同一直线上，作用点在物体的重心。

由于物体和传送带一起匀速运动，相对静止，所以不受摩擦力的作用，只受重力和支持力的作用；然后过重心沿竖直向下的方向和竖直向上的方向表示出重力和支持力，如图所示：
（2）（2分）【答案】
【解析】
先将两条反射光线反向延长交于一点S′，再通过平面镜作出S′的对称点S，即为光源S的位置，并连接S
与两个反射点画出两条入射光线，如图所示：
19．（6分）【答案】（1）大于B （2）软管或橡皮膜漏气（3）不可靠的应保证金属盒在两
种液体中的深度一样【解析】
（1）U 形管液面低的一侧上方气体压强大，液面高的一侧上方气体压强小．（2）如果压气计密封不好，存在漏气情况，在调整两管液面相平后，挤压橡皮膜橡皮管一侧压强不变，两管液柱高度不变．（3）根据液体压强公式p ＝ρgh 可知，通过比较液体压强比较液体密度大小，应控制压强计金属盒在液体中的深度相同．（1）首先调节液体压强计：当压强计的金属盒在空气中时，U 形管两边的液面应当相平，而图甲所示的情景，出现这种情况的原因是：U 形管左支管液面上方的气压大于大气压．调节的方法是：取下软管重新安装,故选B ．（2）用手指按压（不论轻压还是重压）橡皮膜时，发现U 形管两边液柱的高度几乎不变化，出现这种情况的原因是：软管或橡皮膜漏气，（3）由图c 和图d 所示实验可知，实验时压强计的金属盒在液体中的深度不同，不能根据图d 中U 形管两边的液柱高度差较大，就认为图d 杯子中盛的是盐水，故小明的结论不可靠，理由是：应保证金属盒在两种液体中的深度一样20．（10分）【答案】（1）断开阻值最大处（2）1（3）左150.6（4）530（5）
偏小V x V R U
R IR U
=
-【解析】
（1）为防止电路中的电流过大烧坏电路元件，连接电路中时开关应断开；闭合开关前滑动变阻器应处于最大阻值处。

（2）根据电流表正确读数方法读出电路中的电流。

（3）根据串联电路电压的规律和分压原理确定滑片移到的方向；根据电压表示数不变，由欧姆定律求解电流大小。

（4）要探究电流与电阻的关系，需保持电阻两端的电压不变，应用串联电路规律与欧姆定律分析解答。

（5）根据分流原理和并联电路电流求出通过待测电阻的电流，根据欧姆定律求待测电阻大小。

（1）为保护电路，连接电路时，开关应该处于断开状态。

闭合开关前，滑动变阻器应该滑到最大阻值处。

（2）图中电流表选用大量程，分度值为0.1A ，示数为1A 。

（3）用25Ω的电阻替换15Ω的电阻后，电阻变大，根据分压原理可知，电压表的示数变大，为保持电压表示数不变，由串联电路电压的规律可知，应增大变阻器的电压，则应增大滑动变阻器的阻值，使滑片向左移动。

根据探究电流与电阻的关系的实验时，要保持电压表示数不变，其大小为
111A 15Ω15V
U I R ==⨯=表此时电流表的示数
2215V 0.6A 25Ω
U I R =
==（4）电源电压为30V ，电阻两端电压为15V ，滑动变阻器分压为15V ，定值电阻两端电压等于变阻器的电压，根据分压原理可知，定值电阻的阻值等于滑动变阻器接入电路的阻值，因定值电阻最大阻值为30Ω，而滑动变阻器最大阻值为25Ω，则需要串联的电阻的阻值最小为5Ω；当滑动变阻器未接入电路时，需要串联的电阻的阻值最大，其最大值为30Ω，故串联的电阻的阻值范围是5Ω至30Ω。

（5）根据并联电路电流的规律，电流表示数大于实验通过待测电阻的电流，根据U
R I
=可知，所测电阻偏小。

根据并联电路的分流原理，则有
V x
x V
R I R I =根据并联电路电流的规律，则有
x V
I I I =+待测电阻
x x
U R I =
由以上三个式子可得
V x V R U R IR U
=
-四、综合应用题（第21题10分，第22题12分，共22分，解答时要写出必要的文字说明、公式和具体的计算步骤）。

21、（10分）【答案】（1）3m ；（2）3×104Pa ；（3）2475J ；（4）此构件是混凝土中带有钢泆骨架。

【解析】
（1）前60s 上升高度h ＝s ＝vt ＝0.05m/s×60s ＝3m ；
（2）构件上表面受到水的压强p ＝ρgh ＝1×103kg/m 3×10N/kg×3m ＝3×104Pa ；（3）拉力F 做的功W ＝F 1s ＝825N×3m ＝2475J ；（4）由图知t ＝60s 前拉力F 1＝825N ，因构件从河中匀速提起，此时有F 浮+F 1＝G ，t ＝80s 后拉力F 2＝1200N ，此时有F 2＝G ，所以，F 浮＝F 2﹣F 1＝1200N ﹣825N ＝375N ；由F 浮＝ρgV 排得构件的体积：V 排＝
F 浮ρg
=375N
1×103kg/m 3
×10N/kg ＝0.0375m 3；因构件完全浸没，则V ＝V 排＝0.0375m 3；又重力G ＝1200N ，根据G ＝mg ＝ρVg 可得：
构件的密度ρ件＝G Vg ＝1200N
0.0375m 3
×10N/kg ＝3.2×103kg/m 3＞2.8×103kg/m 3
所以此构件是混凝土中带有钢泆骨架。

22、（12分）【答案】（1）1210W
242W （2）200V 0.36度
10
21
千克【解答】（1）S 断开时两电阻串联，电阻较大，功率较小，较小功率为：P 小=U 2R+R 0=（220V ）240Ω+160Ω
=242W
S 闭合时只有电阻R 工作，电阻较小，功率较大，较大功率为：P 大=U 2R =（220V ）2
40Ω
=1210W
（2）Ⅰ.从孵化箱温度刚刚变为42℃开始计时，此时开关S 断开，两电阻串联，由图乙知此时的电流为1A ，根据I =U
R 知测试时的实际电压为：U =I （R +R 0）=1A×（40Ω+160Ω）=200V ；
Ⅱ.由图乙知一个循环较大功率工作10s ，较小功率工作40s ，总共50s ，工作测试一个小时，总共有
3600s
50s
=72次循环，较大功率总共工作10s×72=720s=0.2h ，较小功率总共工作
40s×72=2880s=0.8h，
实际加热功率：P′=UI=200V×5A=1000W=1kW
实际保温功率：P1=UI=200V×1A=200W=0.2kW
电路消耗的电能：W=P′t1+P1t2=1kW×0.2h+0.2kW×0.8h=0.36kW•h；Ⅲ.加热一次消耗的电能：W′=Pt1′=1000W×10s=10000J，根据Q=cm△t
得水的质量：m=Q
c△t
=W′
c△t
=10000J
4.2×103J/（kg•℃）×(42－37)℃
=10
21
kg。