《3份物理试卷》2021年温州市中考综合测试物理试题

中考物理模拟试卷
一、选择题
1．在如图所示的电路中，电源电压保持不变，开关闭合后，滑动变阻器的滑片向右移动时，三个电表的示数变化情况是（）
A．A的示数变小，V1的示数不变，V2的示数变小
B．A的示数变大，V1的示数变大，V2的示数变小
C．A的示数变小，V1的示数不变，V2的示数变大
D．A的示数变大，V1的示数变小，V2的示数变大
【答案】C
【解析】从图可知，灯泡和滑动变阻器串联，电压表V1测量的是电源电压，所以电压表V1的示数保持不变；
∵当滑动变阻器的滑片向右移动时，其连入电路中的电阻P滑变大，而灯泡的电阻不变，
∴电路中的总电阻R变大，
又∵电源电压保持不变，
∴由公式I=可知，电路中的电流I变小；
由公式U L=IR L可知，灯泡两端的电压U L变小，
因此滑动变阻器两端的电压U滑=U﹣U L变大，
所以电流表的示数变小，电压表V2的示数变大．
故选C
2．练习移动射击时，竖直安装并固定一圆形靶，靶的水平和竖直直径将靶面分成四个区域，如图所示．当水平向左平行于靶面运动的汽车经过靶时，车上的运动员枪口对准靶心并立即射击，子弹可能落在
A．Ⅰ区B．Ⅱ区
C．Ⅲ区D．Ⅳ区
【答案】C
【解析】汽车向左平行于靶面运动，车上的运动员枪口对准靶心并立即射击，子弹射出后由于惯性继续向左运动，又由于受到重力作用，向下运动，所以子弹会射向靶面的左下方，即Ⅲ区．
故C正确.
3．在如图所示的物品中，通常情况下属于绝缘体的是（）
A．钢尺
B．铅笔芯
C．金属硬币
D．练习本
【答案】D
【解析】A．钢尺是金属，容易导电属于导体，故A错误；
B．铅笔芯是石墨，容易导电属于导体，故B错误；
C．金属硬币是金属，容易导电属于导体，故C错误；
D．纸、练习本不容易导电，是绝缘体，故D正确．
4．小明晚上做功课，把台灯插头插在书桌边的插座上，闭合台灯开关，发现台灯不亮.．为了找出故障原因，小明把台灯插头插入其他插座，发现台灯能正常发光，用测电笔插入书桌边的插座孔进行检查，发现其中一个孔能使测电笔的氖管发光．故障原因可能是
A．进户线火线上的熔丝烧断
B．进户线零线断了
C．书桌边的插座与零线断开
D．书桌边的插座与火线断开
【答案】C
【解析】小明把台灯插头插入其他插座，发现台灯能正常发光，用测电笔插入书桌边的插座孔进行检查，发现其中一个孔能使测电笔的氖管发光．故障原因可能是书桌边的插座与零线断开．所以选C．
5．“五一”劳动节，小华一家自驾游新宁崀山．在小车行驶过程中，小华觉得自己是静止的，他选取的参照物是（）
A．小车的车厢B．对面驶来的小车
C．路旁的小树D．沿途的建筑物
【答案】A
【解析】A．小华相对于小车的车厢，位置没有变化，是静止的，故A符合题意；
B．小华小明相对于对面驶来的小车，位置不断变化，是运动的，故B不符合题意；
C．小华相对于公路两旁的树木，位置不断变化，是运动的，故C不符合题意；
D．小华相对于沿途的建筑物，位置不断变化，是运动的，故D不符合题意；
故选A。

6．如图，水平地面ABOCD，以O点为界，AO段是一种材质，OD段是另一种材质．细线一端系在物体上，绕过轻质滑轮，另一端系在墙上，拉滑轮的水平力F恒为4N，物体经A点开始计时，此后各段路程及耗时见下表．以下说法正确的是（）
区间AB BO OC CD
距离1m 1m 1.5m 2.5m
耗时1s 1s 1s 1s
A．物体在CD区间运动的平均速度为2m/s
B．物体在BO区间运动时物体受到水平向左4N縻擦力
C．物体在OC区间运动过程中，拉力F做的功为3J
D．物体在BO区间运动过程中，拉力F做功的功率为1W
【答案】C
【解析】（1）利用速度公式
s
v
t
=计算CD段的平均速度；
（2）已知拉力大小，根据动滑轮的省力特点，计算摩擦力的大小；摩擦力的方向是与物体相对运动的方向相反；
（3）知道物体移动的距离，根据动滑轮特点计算出拉力F移动的距离，根据功的计算公式W＝Fs计算拉力F做的功；
（4）根据W＝Fs计算拉力所做的功，根据
W
P
t
=计算拉力的功率．
【详解】A、由表中数据知，CD段的路程为2.5m，运动时间为1s，则CD段的平均速度为
s
v
t
=＝2.5m/s；
故A错误；
B、由图知，拉力作用在动滑轮的轴上，则摩擦力f＝1
2
F＝
1
2
×4N＝2N；物体向右运动，摩擦力的方向向
左；故B错误；
C、拉力F移动的距离s1＝1
2
OC＝
1
2
×1.5m＝0.75m，拉力F做的功W1＝Fs1＝4N×0.75m＝3J；故C正确；
D、拉力F移动的距离s2＝1
2
BO＝
1
2
×1m＝0.5m，拉力F做的功W2＝Fs2＝4N×0.5m＝2J，拉力F做功的
功率
W
P
t
＝
2
1s
J
＝2W；故D错误．
故选C．
【点睛】
本题考查了速度的计算、动滑轮的特点、摩擦力大小与方向、功和功率的计算等知识，综合性较强，要细心解答，避免出错．
7．下列关于生活中常见热现象的解释，错误的是（）
A．在高山上烧水，水温低于100℃就沸腾了，这是因为高山上气压低，水的沸点低
B．天热时，狗常把舌头伸出口，这实际上是利用蒸发致冷
C．衣柜里防蛀虫的樟脑丸越来越小，这是因为樟脑丸汽化了
D．夏天，室外的自来水管外会有湿润现象，这是空气中水蒸气液化形成的
【答案】C
【解析】A．沸点随气压的降低而降低，故A正确；
B．狗的舌头上的水蒸发时会吸热，能够让狗降温，故B正确；
C．樟脑丸越来越小是固态直接变成了气态跑掉了，属于升华现象，故C错；
D．自来水管外会有湿润现象是空气中的水蒸气遇冷液化成的小水珠，故D正确；
故选C．
8．关于某中学生的估测，下列数据合理的是
A．身高约为160dm
B．100m短跑成绩约为6s
C．步行速度约为1m/s
D．脉搏正常跳动60次所用时间约为1s
【答案】C
【解析】A．中学生的身高略小于成年人，在
160cm=16dm
左右，故A不符合实际；
B．男子百米世界纪录略小于10s，中学生百米成绩不可能小于10s，故B不符合实际；
C．成年人正常步行的速度在
4km/h=4×1/3.6m/s≈1m/s
左右，故C符合实际；
D ．正常情况下，人的脉搏1min 跳动的次数在75次左右，跳动一次的时间接近1s ，故D 不符合实际， 故选C ．
9．在如图所示的电路中，电源电压保持不变．闭合开关S ，向左移动滑动变阻器滑片的过程中，下列说法中正确的是
A ．V 表示数变大，A 1表示数变小
B ．V 表示数不变，A 表示数不变
C ．A 表示数与A 1表示数的比值变小
D ．A 表示数与A 1表示数的差值不变
【答案】D
【解析】由电路图可知，R 1和R 2并联，电压表测量并联支路电压，同时测量电源电压，电流表A 测干路电流，电流表A 1测R 1支路的电流；因为电源的电压不变，所以电压表的示数不变；并联电路中各支路独立工作、互不影响，滑片移动时，通过R 2的电流不变；当滑动变阻器的滑片P 向左移动时，接入电路中的电阻变大，并联电路中各支路两端的电压相等，由U I R =可知，通过滑动变阻器R 1支路的电流变小，即电流表A 1的示数变小，并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以干路电流变大，即电流表A 的示数变小；
AB ．由以上分析可知，电压表示数不变，电流表A 和A 1表示数变小，故AB 错误；
C ．电流表A 示数与电流表A 1示数的比值12211
1I I I I I +=+，I 2示数保持不变，I 1示数减小，则其比值会变大，故C 错误；
D ．A 表示数与A 1表示数的差值为通过电阻R 2的电流，所以该差值保持不变，故D 正确．
10．在科学实践课上，王老师将一只模型鸟的尖嘴支在矿泉水瓶盖上，模型鸟的整个身体就能悬空保持平衡，如图所示。

下列说法正确的是
A ．模型鸟的重心在它所受支持力的作用线上
B ．沿水平方向缓慢移动矿泉水瓶，模型鸟就会掉落
C ．模型鸟所受重力和支持力不在同一条直线上
D ．模型鸟的重心在它的尾部
【答案】A
【解析】解答：ACD 、模型鸟处于静止状态，重力和支持力是一对平衡力，大小相等、方向相反、在一条直线上、在一个物体上，故模型鸟的重心在它所受支持力的作用线上，作用点在模型鸟的尖嘴上，重心在尖嘴上，故A 正确，CD 错误；B. 沿水平方向缓慢移动矿泉水瓶，模型鸟仍处于平衡状态，故不会掉落，故B 错误。

故选A.
二、填空题
11．在斜面上拉一个重4.5 N 的物体到高处，沿斜面向上的拉力为1.8 N ，斜面长1.2 m 、高0.3 m 。

把重物直接提升h 所做的功作为有用功，这个斜面的机械效率是_______；因物体在斜面上受到的摩擦力是一个“不可直接测量”量，但是能通过“可测量”量求出摩擦力f 的大小。

对于倾斜程度不同的斜面，如图，斜面的长s 和斜面的高h 均为“可测量”量，在拉力F 作用下 （拉力方向沿斜面向上）使重为G 的滑块沿斜面匀速移动时，物体受到的摩擦力f 的大小可能是_________________。

【答案】62.5% 物体沿斜面向上匀速运动时，f=Gh F s -或物体沿斜面向下匀速运动时，f=Gh F s
- 【解析】根据题中“这个斜面的机械效率是_______”可知，本题考查斜面的机械效率的计算；根据题中“但是能通过“可测量”量求出摩擦力f 的大小，……物体受到的摩擦力f 的大小可能是____”可知，本题求斜面上物体受到的摩擦力；利用公式100%Gh FL
η=
⨯求机械效率。

根据功的关系FL=Gh+fL 求出摩擦力的大小。

【详解】由题，斜面的机械效率 4.5N 0.3m 100%100%62.5%1.8N 1.2m
Gh FL η⨯=⨯=⨯=⨯。

当滑块沿斜面匀速向上运动时，由功的关系FL=Gh+fL 可得， Gh f F L
=-； 当滑块沿斜面匀速向下运动时，由功的关系Gh=FL+fL 可得，Gh f F L =
-； 12．如图，龙舟比赛中选手其中一手撑住桨的末端(视为支点)，另一手用力划桨，此时船桨属于________杠杆（填“省力”、“费力”或“等臂”).若龙舟和运动员的总重力为2.5×104N ，则龙舟所受浮力为__________.当运动员离开龙舟后，龙舟所受的浮力__________（选填“减小”、“不变”或“增大”）．
【答案】费力 2.5×104N减小
【解析】龙舟比赛中选手一手撑住桨的末端（视为支点），另一手用力划桨，此时动力臂小于阻力臂，船桨属于费力杠杆．
龙舟漂浮在水面上，所受浮力等于自身重力，所以F浮=G总=2.5×104N，当运动员离开龙舟后，龙舟的总重减小，龙舟所受到的浮力减小．
13．（2017•北部湾卷）在海滩上进行“沙疗”时，把人体埋在沙子里，沙子放出热量，人体吸收热量后体温升高，内能_____________，这是通过________（选填“做功”或“热传递”）来改变内能的；10kg的沙子温度降低1℃放出的热量是__________ J．（已知c沙＝0.92×103J/(kg▪m3)）
【答案】增加热传递0.92×104
【解析】根据改变物体的内能的两种方式——做功和热传递可知，将人体埋在沙子里，人体吸收热量后体温升高，内能增加，这是通过热传递的方式来改变人体内能的；沙子温度降低1℃放出的热量根据Q放＝c
沙m△t可得：Q
放
＝0.92×103J/(kg▪m3)×10kg×1℃＝0.92×104J．
14．如图所示为一种浴室防滑踏垫，其正面为仿草坪式设计，这是通过增大接触面的粗糙程度的方法增大脚与垫之间的____，与地板接触的反面有许多小吸盘，将吸盘挤压到地面后，可利用____产生较大的压力，达到防滑效果．
【答案】摩擦力大气压
【解析】试题分析：（1）滑动摩擦力的大小与压力的大小和接触面的粗糙程度有关，压力越大，接触面粗糙，滑动摩擦力越大．
（2）吸盘是利用大气压的作用工作的．
浴室防滑踏垫，其正面为仿草坪式设计，这样在压力一定的情况下，增大了接触面的粗糙程度，从而增大了脚与垫之间的摩擦．
而防滑垫的背面有许多小吸盘，将吸盘内的空气挤压出来以后，在大气压的作用下，吸盘被挤压到地面上，起到了防滑的作用．
考点：增大或减小摩擦的方法
点评：摩擦力在日常生活中无处不在，这些摩擦力有些是对我们有利的，我们要想办法来增大，有害的我们要想办法减小．
15．小明用图示滑轮组在5s内将重为300N的重物匀速提高了2m，所用拉力为200N，该过程中拉力做的有用功为_____J，该滑轮组的机械效率为_____。

若其他条件不变，将重物匀速提升5m，该滑轮组的效率
将_____。

小华同学根据公式F＝1
2
（G物+G动）算出此滑轮组中动滑轮重力为100N，实际的动滑轮重力_____
（选填“＞”、“＝”或“＜”）100N。

【答案】600 75% 不变＜
【解析】由图知道，承担物重的绳子的股数是：n＝2，所以，拉力端移动的距离是：s＝2h＝2×2m＝4m，有用功是：W有用＝Gh＝300N×2m＝600J，拉力做的总功是：W总＝Fs＝200N×4m＝800J，
故滑轮组的机械效率是：η＝W
W
有用
总
×100%＝
600J
800J
×100%＝75%；由η＝
22
W Gh Gh G
W Fs F h F
===
有用
总
知道，滑轮组的机械效率与提升高度无关，所以，若其他条件不变，重物匀速提升高度5m，则该滑轮组的机械效率不变；
在不计摩擦和绳重的情况下，可由F＝1
2
（G物+G动）求出动滑轮的重力；事实上，摩擦和绳重是存在的，
一部分拉力要克服摩擦和绳重，则实际用于提升物体和动滑轮的拉力较小，由F＝1
2
（G物+G动）知道，实
际的动滑轮重力小于100N。

16．台秤是一种称量质量的工具．使用前，将台秤放在水平面上，游码置于零刻度，调节__使秤杆水平平衡．某次称量情况如图，被称货物的质量是__kg．
【答案】调零螺丝 2.2
【解析】使用前，将台秤放在水平面上，游码置于零刻度，调节调零螺丝使秤杆水平平衡．
秤杆每一个大格代表100g，每一个小格代表50g，游码对应的刻度值是200g=0.2kg．
物体的质量=砝码的质量+游码对应的刻度值=2kg+0.2kg=2.2kg．
17．用两个相同的“热得快”,分别给质量、初温都相同的甲、乙两种液体同时加热,两液体的温度随时间变化关系的图象如图．根据图象可知，甲液体的比热容____乙液体的比热容（选填“大于”、“小于”或“等于”）．如果乙液体是水，那么质量为500g，初温为20℃的乙液体吸收1．89×105J的热量，乙液体的温度升高了_________℃（气压为一标准大气压）．
【答案】小于80
【解析】试题分析：比较物质的吸热本领即比热容，用到的实验方法为控制变量法，在实验中用相同的加热源是为了使两种物质在相同时间内吸收的热量相等，在两种物质质量相同时，升温较慢的物质比热容大，故图中乙升温较慢，所以甲液体的比热容小于乙液体的比热容；如果乙液体是水，那么质量为500g，初温为20℃的乙液体吸收1．89×105J的热量，根据Q=cmΔt可知：
Δt=；因标准大气压水的沸点为100℃，故水从20℃升高到100℃，只升高了80℃．
考点：比热容
18．如图是关于电阻R1、R2的电流与电压关系的图象，则R1______R2，若将R1、R2并联接在电压为2V的电路中，则干路的电流为______A．
【答案】< 1．5
【解析】试题分析：由图示可知，当电压相同时，通过电阻R1的电流较大，所以可知，较大的电阻是R2；当电阻并联时电压相等，总电流等于各支路电流之和，由图示可知，当电压为2V时，通过两个电阻的电流分别为1．4A和1．1A，所以干路中的电流为1．5A．
【考点定位】电压；电阻；电流
19．如图所示是太阳能飞机“阳光动力2号” ．飞机飞行时，机翼上方的空气流速_______下方的空气流速，机翼上方的空气压强小于下方的空气压强，这样机翼的上下方形成压强差获得升力．飞机加速上升过程中，重力势能_______（选填“变大”、“变小”或“不变”，下同），动能_______。

【答案】大于变大变大
【解析】等质量的空气在相同的时间内同时通过机翼的上表面和下表面，由于上表面弯曲，所以机翼上方
的流速就大于机翼前方的流速；而下表面平直，因此机翼下方的流速大致等于前方的流速，从而可以知道，机翼下方的流速就小于机翼上方的流速，所以机翼上方的压强小于机翼下方的压强，这样就产生了作用在机翼上的向上的升力；飞机加速上升过程中，质量不变，高度增加，速度变大，故重力势能变大，动能变大。

三、作图题
20．画出静止在斜面上的木块受到的力的示意图．
（________）
【答案】
【解析】过重心作竖直向下的重力G，过重心作沿斜面向上的摩擦力f，过支点作垂直于斜面向上的支持力F．如图所示：
21．在图中，小球在竖直细绳的拉力作用下在光滑斜面上处于平衡状态，请画出小球的受力示意图．
（______）
【答案】
【解析】画力的示意图，首先要对物体进行受力分析，看物体受几个力，要先分析力的大小、方向和作用点，再按要求画出各个力．
【详解】因为是光滑的斜面,且绳子处于竖直状态(球与斜面虽然接触但不发生挤压)，所以小球不受摩擦力和支持力的作用；则小球受到重力和拉力的作用，重力的方向竖直向下，拉力的方向沿绳子竖直向上，两个力的作用点都画在球的重心上，这两个力是一对平衡力，大小相等，作图时两条线段的长度相等，如图所示：
四、实验题
22．为探究“通过导体的电流与导体两端的电压关系”小明同学设计了如图甲所示的电路，电流表A的量程选用0-0.6A，电压表V1的量程选用0-3V，电压表V2的量程选用0-15V，滑动变阻器R标有“50Ω 1A”字样．
（1）请根据电路图甲，用笔画线代替导线连接实物图乙．
（_______）
（2）闭合开关前，滑动变阻器滑片应放在_______________端（填选“A”或“B”）．
（3）闭合开关后，发现电流表A和电压表V1都没有示数，电压表V2有示数．则电路存在的故障是___（4）排除故障后，继续做实验，记录电流表A和电压表V1的示数，得到三组实验数据如下表；分析表中的数据可得结论：_____________．
序号 1 2 3
电压表V1的示数/V 1.0 2.0 3.0
电流表A的示数/A 0.1 0.2 0.3
拓展：实验中，小明记录了三组电流表A和电压表V2的实验数据，并绘制了图丙所示的图像，则电源电压是_________V, 在保证各实验器材安全的前提下，滑动变阻器连入电路的阻值不小于
_____________Ω．小明对本次试验数据进行了综合分析，得出了串联电路电路电压的特点：
__________________
【答案】见解析 B 滑动变阻器断路电阻一定时，电流与电压成正比 6 10 总电压等于分电压之和（U=U1+ U2）
【解析】（1）题目已明确了电流表、电压表的量程，只要将电阻、滑动变阻器、开关、电源串联，电压表V1与电阻并联、电压表V2与滑动变阻器并联即可．如图：
；
（2）为保护电路，闭合开关前，滑片应位于最大阻值处，也就是位于B端；
（3）闭合开关，电流表A 与电压表V1的示数为零，说明与他们串联的电路是断路状态，但不可能是R1（如果R1断路，电压表V1有示数）；电压表V2有示数，说明与V2串联的电路是通路，所以电路故障为滑动变阻器断路；
（4）由实验数据可以看出：电压成倍增大，电流也成倍增大，且两者增大的倍数相同，所以实验结论为：在电阻一定时，通过导体的电流与两端电压成正比；
拓展：定值电阻的阻值为1
1
1V
=10Ω0.1A
U
R
I
==，由丙图知，滑动变阻器两端电压为5V时，滑动变阻器
接入电路的电阻为2
2
5V
==50Ω0.1A
U
R
I
=，所以电源电压为U=IR=0.1A×（10Ω+50Ω）=6V；
已知电源电压为6V，所以对电压表V2不会造成损害；已知电源电压和电阻R1的阻值，可得电路最大电流
为0.6A，对电流表也不会造成损害；当电压表V1电压达到3V时，电路电流为
3V
=0.3A
10Ω
I=，所以滑
动变阻器接入电路电阻为
min 6V-3V
=10Ω0.3A
R=；
根据实验数据分析得出，串联电路的总电压等于各部分电压之和，即U=U1+U2．
23．某小组同学探究“冰的熔化特点”实验装置如图甲所示。

（1）图乙中的温度计示数为_____℃。

（2）小明绘制的温度﹣时间图象如图丙所示，由图可知：冰是_____（选填“晶体”或“非晶体”）。

（3）在图丙中可以看出0～2min升温比5～10min快，原因是_____。

【答案】﹣2晶体冰的比热容比水的比热容小
【解析】（1）由图可知，温度在0℃以下，分度值为1℃，故温度计示数为﹣2℃；
（2）由乙图知，从第5分钟到15分钟，冰的温度保持0℃不变，所以冰是晶体；
（3）根据公式Q吸＝cm△t可以知道，当质量和吸收的热量相同时，比热c和升高的温度△t成反比。

AB 段的冰温度升高的快，是因为冰的比热容比水的小；由图可知，冰在熔化过程中，温度不变，故为晶体；
温度上升快慢与物体质量大小和比热容大小有关，这里质量相同，0～2min升温比5～10min快，即冰比水的升温快，所以冰比热容小于水的比热容。

五、计算题
24．【答案】
中考物理模拟试卷
一、选择题
1．下列关于声现象的说法中，正确的是
A．只要物体振动，我们就能听到声音
B．把正在响铃的闹钟放在密闭玻璃罩内，抽出其中的空气，听到的声音大小保持不变
C．我们常说声音“震耳欲聋”，是指声音响度的大小
D．高速路部分路段两侧设置透明板墙是在声源处减弱噪声
【答案】C
【解析】A、人耳能听到的声音频率范围一般在20Hz～20000Hz范围内，在此范围以外的声波（超声波和次声波），人耳听不到，故A错误；
B、真空不能传声，故把正在响铃的闹钟放在密闭玻璃罩内，抽出其中的空气，听到的声音大小越来越小，故B错误；
C、响度是指声音的大小，“震耳欲聋”，是指声音响度的大小，故C正确；
D、控制噪声的途径有在声源处、在人耳处、在传播过程中、高速路两侧设置透明板墻属于在传播过程中减弱噪声，故D错误。

2．如图所示，在蹄形磁体的磁场中悬挂一根铜棒，铜棒的两端a、b通过导线跟开关、电流表连接。

开关闭合后（）
A．只要铜棒ab在磁场中运动，电流表指针就会偏转
B．只改变铜棒运动方向时，电流表指针的偏转方向改变
C．只改变磁场方向时，电流表指针的偏转方向不变
D．同时改变磁场方向和铜棒运动方向时，电流表指针的偏转方向改变
【答案】B
【解析】（1）产生感应电流的条件：闭合电路中的部分导体，在磁场中做切割磁感线运动，就会产生感应电流．（2）感应电流的方向与导体运动方向和磁场方向有关．
【详解】A. 产生感应电流的条件：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，电路中产生感应电流。

只有铜棒在磁场中做切割磁感线运动时，才能产生感应电流，电流表指针才会偏转，故A错误；BCD、感应电流的方向与导体运动方向有关，也与磁场方向有关，只改变铜棒运动方向或磁场方向，电流表指针的偏转方向发生改变，同时改变导体运动方向和磁场方向，电流表指针的偏转方向不变，故B正确，CD错误。

故选B.
3．如图所示电路，电源电压不变，闭合开关S，两灯均发光．一段时间后，一盏灯突然熄灭，而电流表和电压表的示数都不变，出现这一现象的原因可能是（）
A．灯L1断路B．灯L2断路C．灯L1短路D．灯L2短路
【答案】A
【解析】两盏灯为并联电路．灯L2的电流不变，说明灯L2既没有短路使电流增大也没有断路使电流变为0，答案BD错．灯L1短路的话，会造成灯L2也被短路，电流将不经过灯L2从而使灯L2也熄灭，电流变为0，不符合要求，C错．所以是A灯L1断路，电压表测电源电压所以示数不变，电流表测另外一个支路电流，没有影响．
4．下列有关物理量与质量的关系，说法正确的是
A．同种液体，物质的质量大小与体积无关
B．同种物质，物质的密度大小与质量无关
C．同一高度，物体的重力势能大小与质量无关
D．同一地点，物体所受重力大小与质量无关
【答案】B
【解析】A、同种物质密度一定，它的质量与体积成正比，故A错误；
B、同种物质密度一定，物质的密度大小与质量无关，故B正确。

C、同一高度，物体的质量越大，重力越大，重力势能越大，故C错误；
D、同一地点，根据G＝mg，物体所受重力大小与质量成正比，故D错误。

5．下列说法中，正确的是
A．机械能为零的物体，内能一定不为零
B．0℃的冰变成0℃的水，温度不变，内能不变
C．铁丝被快速弯折的过程中，温度升高是因为内能转化成机械能
D．汽油机压缩冲程中，是用热传递的方式增加了气缸内物质的内能
【答案】A
【解析】A、一切物体都有内能，内能一定不为零，内能与机械能无关，故A正确；
B、0℃的冰变成0℃的水，温度虽然不变，但需要吸收热量，所以内能增加，故B错误；
C、反复弯折铁丝时，人对铁丝做功，机械能转化为铁丝的内能，内能增大、温度升高，故C错误；
D、在压缩冲程中，是通过做功的方式增加了气缸内物质的内能，故D错误。

6．小竹将质量为120g的物体放入盛满水的溢水杯中，当物体静止时，溢水杯中溢出了100cm3的水，则物体(g取10 N/kg)。