高考物理新电磁学知识点之交变电流真题汇编附答案(3)

高考物理新电磁学知识点之交变电流真题汇编附答案(3)
一、选择题
1．如图所示,交流电流表A1、A2、A3分别与电容器C．线圈L和电阻R串联后接在同一个交流电源上,供电电压瞬时值为U1=U m sinω1t,三个电流表读数相同．现换另一个电源供电,供电电压瞬时值为U2=U m sinω2t,ω2=2ω1.改换电源后,三个电流表的读数将( )
A．A1将减小,A2将增大,A3将不变B．A1将增大,A2将减小,A3将不变
C．A1将不变,A2将减小,A3将增大D．A1将减小,A2将减小,A3将不变
2．如图所示，面积为S、匝数为N的矩形线框在磁感应强度为B的匀强磁场中，绕垂直于磁感线的轴OO′匀速转动，通过滑环向理想变压器供电，灯泡L1、L2、L3均正常发光．已知L1、L2、L3的额定功率均为P，额定电流均为I，线框及导线电阻不计，则（）
A．理想变压器原副线圈的匝数比为1：2
B．图示位置时穿过线框的磁通量变化率为零
C．若灯L1烧断，灯泡L3将变暗
D．线框转动的角速度为
2P NBSI
3．如图所示，有一矩形线圈面积为S，匝数为N，总电阻为r，外电阻为R，接触电阻不
计.线圈绕垂直于磁感线的轴'
OO以角速度w匀速转动，匀强磁场的磁感应强度为.B则
()
A．当线圈平面与磁感线平行时，线圈中电流为零
B ．电流有效值2NBSw I R r
=+ C ．电动势的最大值为2NBSw
D ．外力做功的平均功率()
2222
2N B S w P R r =+ 4．如图所示，左右两个电路中，当a 、b 两端和e 、f 两端分别接220V 的交变电压时，测得c 、d 两端和g 、h 两端的电压均为110V ．若分别在c 、d 两端和g 、h 两端加上110V 交变电压，则a 、b 两端和e 、f 两端测得的电压将分别是( )
A ．220V ，220V
B ．220V ，110V
C ．110V ，110V
D ．220V ， 0V
5．A 、B 是两个完全相同的电热器，A 、B 分别通以图甲、乙所示的交变电流。

则
A ．通过A 、
B 两电热器的电流有效值之比为I A ∶I B =3∶4
B ．通过A 、B 两电热器的电流有效值之比为I A ∶I B =3:22
C ．A 、B 两电热器的电功率之比为 P A ∶P B =3∶2
D ．A 、B 两电热器的电功率之比为 P A ∶P B =5∶4
6．如图，一理想变压器原副线圈的匝数比为1：2；副线圈电路中接有灯泡，灯泡的额定电压为220V ，额定功率为22W ；原线圈电路中接有电压表和电流表．现闭合开关，灯泡正常发光．若用U 和I 分别表示此时电压表和电流表的读数，则
A ．U=110V ，I=0.2A
B ．U=110V ，I=0.05A
C ．2V ，I=0.2A
D ．2V ，2A
7．如图所示，一个N 匝矩形闭合线圈，总电阻为R ，在匀强磁场中绕垂直于磁场方向的转轴OO '以恒定的角速度ω转动，线圈产生的电动势的最大值为m E ，从线圈平面与磁感
线平行时开始计时，则（ ）
A ．线圈电动势的瞬时值表达式为m sin e E t ω=
B ．当线圈转过2π时，磁通量的变化率达到最大值
C ．穿过线圈的磁通量的最大值为m E ω
D ．线圈转动一周产生的热量为2m
E R πω
8．如图所示，理想变压器原线圈a 、b 两端接正弦交变电压u ，u ＝2202sin （100πt ）V ，原、副线圈的匝数比n 1∶n 2＝10∶1，电压表接在副线圈c 、d 两端，输电线的等效电阻为R ，原来开关S 是断开的。

则当S 闭合一段时间后（ ）
A ．电压表示数不变，示数为22 V
B ．电压表示数不变，示数为2202V
C ．灯泡L 两端的电压将变大
D ．电流表示数一定为0
9．在变电站里，经常要用交流电表去监测电网上的强电流，所用的器材叫电流互感器．如下所示的四个图中，能正确反映其工作原理的是（ ）
A ．
B ．
C ．
D ．
10．如图所示，N 匝矩形导线框以角速度ω绕对称轴OO '匀速转动，线框面积为S ，线框电阻、电感均不计，在OO '左侧有磁感应强度为B 的匀强磁场，外电路接有电阻R ，理想电流表A ，则：（ ）
A ．从图示时刻起，线框产生的瞬时电动势为sin e N
B S t ωω=
B ．交流电流表的示数24I NBS R ω=
C ．R 两端电压的有效值2U NBS ω
=
D ．一个周期内R 的发热量()
2NBS Q R πω=
11．如图所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为12:10:1n n =，a 、b 两点间的电压为
2202u = sin100V π
t （），R 为可变电阻，P 为额定电流1A 、用铅锑合金制成的保险丝．为使保险丝中的电流不超过1A ，可变电阻R 连入电路的最小阻值是（ ）
A ．2.2Ω
B ．2.22Ω
C ．22Ω
D ．222Ω 12．普通的交流电流表不能直接接在高压输电线路上测量电流，通常要通过电流互感器来连接，图中电流互感器ab 一侧线圈的匝数较少，工作时电流为I ab ，cd 一侧线圈的匝数较多，工作时电流为I cd ，为了使电流表能正常工作，则（ ）
A ．ab 接MN 、cd 接PQ ，I ab ＜I cd
B ．ab 接MN 、cd 接PQ ，I ab ＞I cd
C ．ab 接PQ 、cd 接MN ，I ab ＜I cd
D ．ab 接PQ 、cd 接MN ，I ab ＞I cd
13．如图所示，一单匝正方形线圈abcd 在匀强磁场中绕垂直于磁感线的对称轴OO′匀速转动，沿着OO′观察，线圈沿逆时针方向转动。

已知匀强磁场的磁感应强度为B ，线圈边长为L ，电阻为R ，转动的角速度为ω。

当线圈转至图示位置时（ ）
A ．线圈中感应电流的方向为abcda
B ．线圈中感应电流的大小为22B L R ω
C ．穿过线圈的磁通量为BL 2
D ．穿过线圈磁通量的变化率为BL 2ω
14．图示电路中，变压器为理想变压器，a 、b 接在电压有效值不变的交流电源两端，R 0为定值电阻，R 为滑动变阻器．现将变阻器的滑片从一个位置滑动到另一个位置，观察到电流表A 1的示数增大了0.2 A ，电流表A 2的示数增大了0.8 A 。

则下列说法正确的是( )
A ．电压表V 1示数增大
B ．电压表V 2、V 3示数均增大
C ．该变压器起升压作用
D ．变阻器滑片是沿c →d 的方向滑动
15．电阻12R R 、与交流电源按照图甲方式连接，12=10,=20R R ΩΩ，闭合开关S 后，通过电阻2R 的正弦交变电流i 随时间t 变化的情况如图乙所示，则（）
A ．通过1R 的电流有效值是1.0A
B ．通过2R 的电流最大值是2A
C ．1R 两端的电压有效值为5V
D ．2R 两端的电压最大值为52A
16．如图所示，甲是远距离的输电示意图，乙是发电机输出电压随时间变化的图象，则（ ）
A ．用户用电器上交流电的频率是100Hz
B ．发电机输出交流电的电压有效值是500V
C ．输电线的电流只由降压变压器原副线圈的匝数比决定
D ．当用户用电器的总电阻增大时，输电线上损失功率减小
17．如图所示，理想变压器的原线圈接入110002sin100(V)u t π=的交变电压，副线圈通过电阻r ＝6Ω的导线对“220V ,880W”的电器R L 供电，该电器正常工作．由此可知( )
A ．原、副线圈的匝数比为50:1
B ．交变电压的频率为100Hz
C ．副线圈中电流的有效值为4A
D ．变压器的输入功率为880W
18．两只阻值相等的电阻分别通以正弦交流电与方形交流电，它们电流的最大值相等，如图所示，则两只电阻的热功率之比是：
A ．1:1
B ．1:2
C ．1:2
D ．1:4
19．如图所示，理想变压器原、副线圈匝数比为1∶2，接有四个阻值相同的定值电阻，变压器初级线圈接到交流电源上，下面说法正确的是( )
A ．副线圈电压是电源电压的2倍
B ．流过R 1的电流是副线圈上电流的2倍
C ．R 1上的电功率是R 2上电功率的2倍
D ．R 1上的电功率是R 2上电功率的9倍
20．如图甲所示为一台小型发电机构造示意图，线圈逆时针转动，产生的电动势随时间的变化规律如图乙所示，发电机线圈匝数为20匝，内阻为1Ω，外接灯泡的电阻为9Ω恒定
不变，则下列说法中正确的是（ ）
A ．电压表的读数为6V
B ．发电机输出功率为36W
C ．线圈转动过程中，磁通量的最大值为0.032πWb
D ．在21.010s -⨯时刻，线圈平面恰好经过中性面位置
21．一交变电流的电流－时间图像如图所示，由图可知（ ）
A ．该交变电流的频率为50Hz
B ．用交流电流表测该电流其示数为102A
C ．该交变电流瞬时值表达式为102sin628t A
D ．该交变电流通过一阻值为10Ω的电阻时，电阻消耗的电功率为2000W
22．如图所示，理想变压器副线圈通过输电线接两个相同的灯泡L 1和L 2。

输电线的等效电阻为R 。

开始时，电键S 断开，当S 闭合时，下列说法中正确的是（ ）
A ．副线圈两端的输出电压减小
B ．通过灯泡L 1的电流减小
C ．原线圈中的电流减小
D ．变压器的输入功率不变
23．如图为一交流发电机发出的电流随时间的变化图象，则下列说法正确的是
A ．在A 点时穿过线圈的磁通量最大
B ．在B 点时穿过线圈的磁通量变化率最大
C．在A点时线圈处在中性面，电流方向改变
D．在B点时线圈处在中性面，电流方向改变
24．一理想变压器原、副线圈的回路中分别接有阻值相同的电阻，原线圈一侧接在电压为220V的正弦交流电源上，如图所示。

设副线圈回路中电阻两端的电压为U，原、副线圈
的匝数比为n1:n2，在原、副线圈回路中电阻消耗的功率的比值为k=1
9
，则（）
A．U=66V n1:n2 =3:1B．U=22V n1:n2 =2:1
C．U=66V n1:n2 =2:1D．U=22V n1:n2 =3:1
25．如图所示，一理想变压器原线圈接在电压恒为U的交流电源上，原线圈接入电路的匝数可通过调节触头P进行改变，副线圈、电阻箱R和定值电阻R1以及理想交流电流表连接在一起。

下列说法正确的是（）
A．不管电阻箱如何调节，电流表示数一定变大
B．只将R和R1由并联改为串联结构，其他保持不变，则电流表示数将变大
C．只将P的位置向上滑动，其他保持不变，则R1的功率将变小
D．保持P的位置不动，增大R，则R1的电功率变小
【参考答案】***试卷处理标记，请不要删除
一、选择题
1．B
解析：B
【解析】
【分析】
当交变电流的频率变大时，线圈的感抗变大，电容器的容抗变小，因此A变亮，B变暗．又因为电阻在直流和交流电路中起相同的作用，故C灯亮度不变．
【详解】
由公式2πf=ω知，后来交流电的频率变大，线圈的感抗变大，电容器的容抗变小，对电阻没影响，所以A1示数将增大，A2数将减小，A3示数不变，所以选项B正确，ACD错误．故选B．
【点睛】
此题考查电容、电感对交变电流的影响，也就是容抗、感抗与交变电流的关系．当交变电流的频率变大时，线圈的感抗变大，电容器的容抗变小．
2．C
解析：C
【解析】
【详解】
A.灯泡L 1、L 2、L 3均正常发光，则原线圈电流强度I 1=I ，副线圈电流强度I 2=2I ，所以12212 1
n I n I =＝，故A 错误； B.图示位置时，线框切割速度最大，故穿过线框的磁通量变化率最大，故B 错误；
C.开始时若设每盏灯的额定电压为U ，则变压器初级电压为2U ，线圈输入电压为3U ；若L 1灯烧断，设L 3的电压变为U 1，则变压器输入电压为3U -U 1，次级电压变为
11(3)2U U -，次级电流为：132U U R -，则初级电流为134U U R
-，则L 3两端电压为1134U U R U R
-=，解得U 1=0.6U ，则灯泡L 3两端电压减小，亮度变暗，故C 正确； D.线框的输出功率为3P ，电流为I ，则线框产生的感应电动势为3P E I =
，根据E m =NBSω
，E =
，联立解得：NBSI
ω=，故D 错误． 3．D
解析：D
【解析】
当线圈平面与磁感线平行时，磁通量为零，磁通量的变化率最大，感应电动势最大，线圈中电流不为零，故A 错误；根据m E NBS ω=，得感应电动势最大值是NBS ω，所以感应
电动势有效值U ==，所以电流有效值
U I R ==，故B 错误，C 错误；根据能量守恒得：外力做功的平均功率等于整个电路消耗的热功率，所以外力做功的
平均功率()2
P I R r =+，解得()2222
2N B S P R r ω=+，故D 正确；故选D ． 【点睛】根据m E NBS ω=求解感应电动势最大值．根据电动势的最大值与有效值的关系求解电流有效值．根据法拉第电磁感应定律、欧姆定律和电流的定义式求解外力做功的平均功率．
4．B
解析：B
【解析】
【分析】
【详解】
当a 、b 两端接220V 的交变电压时，测得c 、d 两端的电压为110V ，则原副线圈匝数比为2：1，所以当c 、d 两端加上110V 交变电压，a 、b 两端电压为220V ，当g 、h 两端加上110V 交变电压时，e 、f 两端电压与g 、h 两端电压相同，也为110V ，故B 正确，ACD 错误．
故选B ．
【点睛】 难度较小，根据已知算出变压器两端线圈匝数比，然后再根据1122
U n U n = 算出变化后的ab 端电压，因为gh 端接110V 电压时，ef 两端电压与其相等，所以可解出
5．D
解析：D
【解析】
【详解】
AB ．对甲：
22200()222
A I T T I R R I RT += 解得
0A I 对乙：
0=
2
B I I 则 I A ∶I B
2
选项AB 错误；
CD ．根据P=I 2R 可知A 、B 两电热器的电功率之比为 P A ∶P B =5∶4，选项C 错误，D 正确；
故选D.
6．A
解析：A
【解析】
【分析】
【详解】
灯正常发光时，加在灯两端的电压为220V ，流过灯的电流I =0.1A ，根据1122
U n U n =，可知电压表读数1110U V =，根据1221I n I n =，可得电流表示数10.2I A =，
A.答案与解析相符，选项A 符合题意，
BCD.答案与解析不相符，选项BCD 不符合题意；
7．D
解析：D 【解析】 【详解】
A ．线圈在转动过程中产生的感应电动势最大值为m E ，从线圈平面与磁感线平行时开始计时，线圈电动势的表达式：
m cos e E t ω=
A 错误；
B ．当线圈转过
2
π
时，线圈与中性面重合，电动势为0，根据： 2
E N
t π∆Φ=∆
可知磁通量的变化率为零，B 错误； C ．感应电动势最大值为：
m E NBS ω=
穿过线圈的磁通量的最大值为：
m
E BS N ω
=
C 错误；
D ．根据正弦式交变电流最大值和有效值的关系：
E
线圈转动一周，产生热量：
2
22m
2E E E Q T R R R ππωω
=⋅=⋅=
D 正确。

故选D 。

8．A
解析：A 【解析】 【详解】
AB ．原线圈电压有效值为U 1=220V ，根据
22
11
U n U n ＝得副线圈电压为U 2=22V ，电压表示数不变，示数为22 V ，故A 正确，B 错误；
C ．开关闭合后电容器不断的充电和放电，副线圈电流增大，所以R 所占电压变大，而副线圈电压不变，所以灯泡两端电压变小，故C 错误；
D ．电容器接交变电流后，不断的充电和放电，所以电流表有电流通过，示数不为零，故D 错误； 故选A 。

9．A
解析：A 【解析】
试题分析：原理是依据电磁感应原理的．电流互感器是由闭合的铁心和绕组组成．它的一次绕组匝数很少，串在需要测量的电流的线路中，因此它经常有线路的全部电流流过，二次绕组匝数比较多，串接在测量仪表和保护回路中，电流互感器在工作时，它的2次回路始终是闭合的，因此测量仪表和保护回路串联线圈的阻抗很小，电流互感器的工作状态接近短路．
由理想变压器的原副线圈的电流之比可知，电流与匝数成反比．则电流互感器应串连接入匝数较多的线圈上．同时一次绕组匝数很少，且串在需要测量的电流的线路中，故选A ． 考点：变压器的构造和原理．
点评：电流互感器的接线应遵守串联原则；按被测电流大小，选择合适的变化，否则误差将增大．
10．B
解析：B 【解析】 【详解】
A.、由图可知线圈只有一半在磁场中，产生的电动势的最大值为：
22m S NBS E NB ω
ω==，从图示时刻起，线框产生的瞬时电动势为：
1
2
e NBS sin t ωω=
，故选项A 错误；
B 、交流电流表的示数为：
4I R
ω
=
=
，故选项B 正确；
C 、R 两端电压的有效值：U IR NBS ω==
，故选项C 错误；
D 、一个周期内的发热量：222
2
2()244N B S Q I RT R R R
ωππωω==•⨯=
，故选项D 错误．
11．A
解析：A 【解析】
原线圈输入电压
1220U V =
=
根据电压与匝数成正比
11
22
U n U n = 代入数据解得：2
211
22n U U V n =
= 原线圈的最大输入功率为111220P U I W == 输出功率等于输入功率21220P P W == 由公式：2
2
2
U P R
解得： 2.2R =Ω 故应选A ．
12．B
解析：B 【解析】
高压输电线上的电流较大，测量时需把电流变小，根据
12
21
I n I n =，MN 应接匝数少的线圈，故ab 接MN ，cd 接PQ ，且I ab >I cd ，选项B 正确．
13．D
解析：D 【解析】 【详解】
A ．图示时刻，ad 速度方向向里，bc 速度方向向外，根据右手定则判断出ad 中感应电流方向为a →d ，bc 中电流方向为c →b ，线圈中感应电流的方向为adcba 。

故A 错误；
B ．线圈中的感应电动势为
2E BS BL ωω==
线圈中的感应电流为
2BL I R
ω
= 故B 错误；
C ．图示时刻ad 、bc 两边垂直切割磁感线，穿过线圈磁通量为0，故C 错误；
D ．线圈中的感应电动势为
2E BS BL ωω==
由公式E t
∆Φ
=
∆得 2BL t
ω∆Φ
=∆ 故D 正确。

故选D 。

14．D
【解析】
电流表示数增大，说明滑动变阻器接入电路的阻值减小，故应从c 向d 滑动，故D 正确；电压表V 1、V 2示数不变，故A 、B 错误；原副线圈中的电流和匝数成反比，即n 1I 1=n 2I 2，电流变化时，n 1ΔI 1=n 2ΔI 2，故
，应是降压变压器，C 错误．
【考点定位】考查理想变压器和电路知识．
15．C
解析：C 【解析】 【分析】 【详解】
由图乙看出，通过2R 电流的有效值是0.5A ，2R 两端电压的有效值为10V ，最大值为
2V ，1R 两端电压的有效值为5V ，而串联电路中各部分电流相等，所以12R R 、中电
流的最大值均为0.52A ， C 正确.
16．D
解析：D 【解析】
试题分析：由题图乙知交变电流的周期为0.02T =s ，设频率为1
50f T
=
=Hz ，A 选项错误；发电机输出的最大电压为500V ，故B 选项错误；输电线的电流由负载决定，故C 选项错误；当用户的用电器的总电阻增大时，输出的电流减小，故输电线上损耗的功率
2P I R ∆=减小，故D 选项正确．
考点：变压器 远距离输电 峰值和有效值 输电电流 损耗功率
17．C
解析：C 【解析】 【详解】
试题分析：根据瞬时值的表达式可以求得输出电压的有效值、周期和频率等，再根据电压与匝数成正比即可求得结论．
解：输入电压的有效值为11000 V ，用电器的额定电压为220 V ，所以变压器的输出电压大于220 V ，原副线圈的匝数比小于50：1，故A 错误； B 、由输入电压的表达式知，f=
1002π
π
Hz=50 Hz ，故B 错误； C 、副线圈中的电流与用电器中的电流相同，I=4 A ，故C 正确；
D 、变压器的输出功率为用电器的功率和导线电阻损耗的功率之和，大于880 W ，所以变压器的输入功率大于880 W ，故D 错误． 故选C
掌握住理想变压器的电压、电流之间的关系，最大值和有效值之间的关系即可解决本题．
18．C
解析：C 【解析】 【详解】
，则热功率为：2P R =，而方波形交流电的热功率为2
m P i R '=，可得：:1:2P P '=. A.1:1与计算结果不相符；故A 项错误.
与计算结果不相符；故B 项错误. C.1:2与计算结果相符；故C 项正确. D.1:4与计算结果不相符；故D 项错误.
19．D
解析：D 【解析】 【详解】
因为原、副线圈匝数比为1∶2，所以原线圈输出电压，即2R 两端电压为副线圈两端电压的一半，即()
243332111
2222
R R R R R U U U U U U =
=+=⋅=，但由于1R 的存在所以2R U 小于电源电压，2R 两端电压与R 3两端电压相等，故其电流相等，根据原副线圈电流比反比与原副线圈匝数比，所以原线圈与2R 并联部分的电流为副线圈的2倍，而1R 的电流等于2R 的电流与并联部分导线电流之和，所以R 1上的电流是副线圈电流的3倍，AB 错误；根据
2P I R =可得1R 上的电功率是2R 上电功率的9倍，C 错误D 正确． 20．D
解析：D 【解析】 【分析】 【详解】
A ．感应电动势的有效值
6V
E =
=
= 小灯泡两端的电压
5.4V R
U E R r
=
=+ 即电压表的示数为5.4V ，故A 错误；
B ．灯泡实际消耗的功率即为电源的输出功率，发电机输出功率为
22
54W 3.24W 9
U P R ===．
故B 错误；
C ．线圈转动过程中，在磁场中匀速转动的角速度为
2100rad/s T
π
ωπ=
= 最大感应电动势为
m E nBS n ωω==Φ
可得磁通量的最大值为
Wb Wb 201001000m E n ωππ
Φ=
==⨯ 故C 错误；
D ．在21.010s -⨯时刻，感应电动势为0，线圈平面恰好经过中性面位置，故D 正确； 故选D 。

21．C
解析：C 【解析】 【分析】 【详解】
A ．从图中可以直接读出交流电流的周期周期为0.01s ，故频率为
f =
1
100Hz 0.01
= 故A 错误；
B ．从图中可以直接读出交流电流的最大值为A ，故有效值为
I 10A
=
= 故B 错误；
C ．该交变电流瞬时值表达式为
max 2π2πsin
200π628(A)0.01
i I t t t t T ==== 故C 正确；
D ．该交变电流通过10Ω电阻时，电阻消耗的电功率为
P =I 2R =102×10W=1000W
故D 错误。

故选C 。

22．B
解析：B 【解析】
【分析】 【详解】
A ．理想变压器的输出电压是由输入电压和匝数比决定的，由于输入电压和匝数比不变，所以副线圈的输出的电压也不变，所以A 错误；
B ．当S 接通后，两个灯泡并联，电路的电阻减小，副线圈的电流变大，所以通过电阻R 的电流变大，电压变大，那么并联部分的电压减小，所以通过灯泡L 1的电流减小，所以B 正确；
CD ．由于变压器的输入的功率和输出的功率相等，由于副线圈的电阻减小了，输出的功率变大了，所以原线圈的输入的功率也要变大，因为输入的电压不变，所以输入的电流要变大，所以CD 错误； 故选B 。

23．D
解析：D 【解析】 【分析】
根据图象可知电动势最大和零的时刻，电动势为零时磁通量最大，线框平面垂直于磁场，磁通量为零时电动势最大，线框平面于磁场平行． 【详解】
在A 点时交变电流的电流最大，磁通量变化率最大，磁通量为零，所以此时的线框平面于磁场平行，A 错误；在B 点时交变电流为零，穿过线圈的磁通量变化率最小，B 错误；在A 点时交变电流的电流最大，所以此时的线框平面于磁场平行，电流方向不变，C 错误；在B 点时交变电流为零，通过线框的磁通量最大，线圈处在中性面，电流方向改变，D 正确．
24．A
解析：A 【解析】 【详解】
根据电流与匝数成正比，得原副线圈的电流之比：
1221
I n I n = 根据2P I R =得原副线圈回路中电阻消耗的功率之比：
212219
I k I ==
解得原、副线圈的匝数比为：
1
2
3:1n n = 根据原副线圈电压与匝数成正比，得原线圈两端的电压为3U ，根据U IR =知原线圈回路
中电阻两端的电压为
3
U
，在原线圈回路中： 3220V 3
U
U +
= 解得：
66V U =
故A 正确，B 、C 、D 错误； 故选A 。

25．C
解析：C 【解析】 【详解】 A ．其他保持不变
11
22
U n U n = 副线圈两端的电压不变，电阻箱R 变化时，负载的总电阻可以增大，也可以减小，则根据
2
U I R =
并
电流表示数不一定变大，A 错误； B ．其他保持不变
11
22
U n U n = 副线圈两端的电压不变，R 和R 1由并联改为串联结构时，负载的总电阻增大，根据
2
U I R =
总
电流表示数将变小，B 错误；
C ．将P 的位置上滑时，原线圈的匝数n 1变大，其他保持不变，根据
11
22
U n U n = 则副线圈两端的电压变小，R 1两端的电压变小，根据
221
U p R =
则R 1的功率将变小，C 正确； D ．P 的位置不动时，根据
11
22
U n U n = 副线圈两端的电压变不变，增大R ，不影响R 1两端的电压，根据
221
U p R
R 1的电功率不变，D 错误。

故选C 。