高一化学 1.3《生命中的基础有机化学物质》同步练习

虾对市爱抚阳光实验学校第三单元生命中的根底有机化学物质
1.以下说法不正确的选项是( )
A.蛋白质水解的最终产物是氨基酸
B.米饭在嘴中越咀嚼越甜的原因是淀粉水解生成甜味物质
C.油脂､乙醇是人体必需的营养物质
D.水果因含有酯类物质而具有香味
解析:油脂是人体必需的营养物质,而乙醇不是｡
答案:C
2.以下有关糖类物质的说法正确的选项是( )
A.淀粉的分子式为(C6H10O5)n,与纤维素互为同分异构体
B.淀粉与一浓度的硫酸混合加热,水解可以生成葡萄糖,要检验葡萄糖,只需参加制的氢氧化铜悬浊液,加热,如有沉淀产生即可
C.葡萄糖可在一条件下转化为酒精,酒精可作为一种清洁燃料
D.蔗糖和麦芽糖水解的产物相同
解析:此题考查淀粉及其水解产物葡萄糖的根本性质判断｡A项,淀粉与纤维素的n值不同,不是同分异构体;B项,检验葡萄糖前需加碱硫酸,故不正确;C 项,正确｡
答案:C
3.向淀粉溶液中加少量稀H2SO4,加热使淀粉水解,为测其水解程度,需要的试剂是( )
①NaOH溶液②银氨溶液③制的Cu(OH)2悬浊液④碘水
A.④
B.②④
C.①③④
D.③④
解析:测淀粉的水解程度分为三种情况:①完全水解,②部解,③没水解｡完全水解:证明无淀粉,用碘水;部解:证明仍有淀粉,用碘水｡证明已有葡萄糖,用银氨溶液或制Cu(OH)2悬浊液,在此之前先用NaOH剩余的酸;没水解:证明无葡萄糖,用银氨溶液或制Cu(OH)2悬浊液｡
答案:C
4.下面是某化学活动小组在研究性学习中,探索其单糖分子的组成和结构时设计并完成的一组:将以下四种液体分别取2 mL加到2 mL的制Cu(OH)2悬浊液中,充分振荡｡现象记录如下表:
根据上述及现象能够得出的正确结论是( )
A.该单糖分子中可能含有醛基
B.该单糖分子中可能含有多个羟基
C.该单糖的分子式为C6H12O6
D.该单糖分子碳链呈锯齿形
答案:B
5.以下说法中正确的选项是( )
A.碳原子数目相同的油和脂肪是同分异构体
B.碳原子数目相同的油和脂肪是同一种物质
C.碳原子数目不相同的油和脂肪是同系物
D.油和脂肪都属于酯类物质
解析:碳原子数目相同的油和脂肪其烃基的饱和程度不同,油为液态,脂肪为固态,取决于烃基的饱和程度｡油的烃基不饱和,因而呈液态,脂肪的烃基饱和,因而呈固态｡显然氢原子数不同,二者不是同分异构体,也不是同系物,所以A､B ､C选项错误｡D选项正确｡故正确答案选D｡
答案:D
6.以下关于油脂的表达,不正确的选项是( )
A.油脂没有固的熔､沸点,所以油脂是混合物
B.常温下呈液态的植物油都可以催化加氢转变为固态的脂肪
C.油脂在酸性或碱性条件下的水解反都属于皂化反
D.油脂都不能使溴水褪色
解析:油脂是混合物,因而没有固的熔沸点;液态植物油可通过催化加氢转变为固态的脂肪,使其不易变质,易于运输｡油脂在碱性条件下的水解反才能叫皂化反;油脂中如果有不饱和脂肪酸的甘油酯,可与溴加成而使溴水褪色｡
答案:CD
7.相继发生甲型H1N1流感｡以下分析与判断不正确的选项是( )
A.“84”消毒液(主要成分是次氯酸钠)的消毒原理是使甲型H1N1流感病毒发生盐析
B.向居住环境撒一些生石灰也能消毒,以预防甲型H1N1流感
C.高温消毒原理是使蛋白质变性
D.通过抑制甲型H1N1流感病毒的核糖体功能可以到达预防､治疗的目的
解析:次氯酸钠水解生成次氯酸,具有杀菌消毒作用,其原理是使蛋白质变性,不是发生盐析,A项错误;生石灰溶于水呈碱性,碱使蛋白质变性,B项正确;根据核糖体作用,推断核糖体控制蛋白质合成过程,D项正确｡
答案:A
0月,瑞典皇家院将诺贝尔化学奖授予以色列家阿龙·切哈诺沃､阿夫拉姆·赫什科和家欧文·罗斯,以表彰他们发现了泛素调节的蛋白质降解规律｡食物中的蛋白质在消化道中就被降解为氨基酸,以下关于氨基酸的说法不正确的选项是( )
A.氨基酸不能再合成蛋白质
B.既能与盐酸反,又能与氢氧化钠溶液反
C.固态时为分子晶体
D.在催化剂的作用下能继续降解为氨气和羧酸
答案:A
9.的诺贝尔化学奖授予以色列家阿龙·切哈诺夫､阿夫拉姆·赫什科和家欧文·罗斯,以表彰他们发现了泛素调节蛋白质水解｡关于蛋白质的组成与性质的表达正确的选项是( )
A.蛋白质在酶的作用下水解的最终产物为氨基酸
B.向蛋白质溶液中参加(NH4)2SO4浓溶液,会使其变性
C.天然蛋白质仅由碳､氢､氧､氮四种元素组成
D.氨基酸和蛋白质都是只能和碱反的酸性物质
解析:蛋白质是由氨基酸通过分子间脱水成肽键而形成的高分子化合物,所以它水解的最终产物为氨基酸｡硫酸铵只能使蛋白质盐析,而不能使蛋白质变性｡天然蛋白质除含C､H､O､N外,还含有硫､磷元素｡氨基酸和蛋白质分子内都既含有氨基又含有羧基,它们是化合物,所以既能与酸反,又能与碱反｡
答案:A
10.以下物质:①苯酚②淀粉③油脂④蛋白质⑤硝基苯⑥明矾
⑦氯乙烷⑧皓矾⑨水玻璃⑩碘化钠｡不能发生水解的是( )
A.①⑤⑩
B.③⑥⑨
C.②④⑦⑧
D.①②④⑩
解析:阶段介绍的能发生水解的物质主要有两大类:①无机物中弱酸或弱碱对的阴离子或阳离子;②有机物中的卤代烃､酯类､二糖及多糖､蛋白质｡能够发生水解反的物质归纳:
(1)盐类水解
①强酸弱碱盐水解呈酸性,如CuSO4､NH4NO3､FeCl3､Al2(SO4)3｡
②强碱弱酸盐水解呈碱性,如KF､Na2CO3、K2SiO3、NaAlO2｡
③弱酸弱碱盐水解可呈中性,也可能呈酸性或碱性｡如
CH3COO-+NH+4+H2O⇌CH3COOH+NH3·H2O(呈中性),NH+4+CN-+H2O⇌HCN+NH3·H2O(呈碱性),NH+4+NO-2+H2O⇌HNO2+NH3·H2O(呈酸性)｡
(2)卤化物水解生成酸
PCl3+3H2O==H3PO3+3HCl
PCl5+4H2O==H3PO4+5HCl
BrCl+H2O==HCl+HBrO
(3)金属氮化物水解生成金属氢氧化物和氨
Mg3N2+6H2O==3Mg(OH)2↓+2NH3↑
(4)金属碳化物水解生成金属氢氧化物和烃类物质
Al4C3+12H2O==4Al(OH)3↓+3CH4↑
CaC2+2H2O==Ca(OH)2+
(5)卤代烃的水解(碱性介质中)
CH3CH2Br+H2O NaOH
−−−→CH3CH2OH+HBr
(6)酯类水解①在酸性介质中生成酸和醇
RCOOCH2R′+H2O H+
−−→RCOOH+HOCH2R′
②在碱性介质中生成盐和醇
RCOOCH2R′+NaOH OH-
−−−→RCOONa+HOCH2R′(7)氰类的水解(碱性介质中)
+H2O+NaOH−−−→
加热RCOONa+NH3↑
(8)酰胺类水解
①在碱性介质中生成盐和氨气
RCONH2+NaOH−−−→
加热RCOONa+NH3↑
②在酸性介质中生成酸和铵盐
RCONH2+H2O+HCl−−−→
加热RCOOH+NH4Cl
(9)糖类的水解
①在酸性介质中低聚糖的水解;
②在酸性介质中多糖的水解｡
(10)蛋白质的水解:在酶的作用下生成氨基酸｡
蛋白质+水−−→
酶氨基酸
答案:A
11.家发现某药物M能治疗心血管疾病是因为它在人体内能释放出一种“信使分子〞D,并说明了D在人体内的作用原理｡为此他们荣获了1998年诺贝尔生理学和医学奖｡
请答复以下问题:
(1)M的相对分子质量为227,由C､H､O､N四种元素组成,C､H､N的质量分数依次为16%､0%和10%,那么M 的分子式是________｡D是双原子分子,相对分子质量为30,那么D的分子式为________｡
(2)油酸甘油酯A经以下途径可得到M｡
图中②的提示:
反①的化学方程式是_____________________________｡
反②的化学方程式是_____________________________｡
(3)C是B和乙酸在一条件下反生成的化合物,相对分子质量为134,写出C 所有可能的结构简式________｡
解析:(1)化合物M中n(C):n(H):n(N):n(O)
=15.86% 2.20%18.50%63.44%
:::
1211416=3:5:3:9
又因M的相对分子质量为227,那么M的分子式为C3H5N3O9｡
D的相对分子质量为30,且为双原子分子,那么D的分子式为NO｡
(2)油酸甘油酯在酸性条件下水解生成甘油和油酸(脂肪酸),甘油与HNO3发
生信息中的反生成
(3)甘油的相对分子质量为92
甘油中的—OH只要与1 mol CH3COOH酯化其相对分子质量即增加42｡由生
成物的相对分子质量可知1 mol甘油消耗乙酸的物质的量为13792 1.
42
-
=
生成物的结构简式可能为
答案:(1)C3H5N3O9 NO
(2)①
12.Ⅰ.分别取1 mol葡萄糖进行以下:
(1)银镜反时,需银氨络离子________mol,反后葡萄糖变为________,其结
构简式为__________________________________________________________｡
(2)与醋酸反生成酯,从理论上讲完全酯化需________g醋酸｡
(3)假设使之转化 CO2与H2O,所需氧气的体积在标况下为________L,反的化学方程式为_____________________________
_____________________________｡
(4)与制的Cu(OH)2悬浊液反的化学方程式是
_____________________________
_____________________________｡
Ⅱ.写出实现以下各步变化的化学反方程式:
麦芽糖()()()()
1234
−−→−−→−−→−−→
葡萄糖乙醇乙烯聚乙烯
(1)_____________________________｡
(2)_____________________________｡
(3)_____________________________｡
(4)_____________________________｡
答案:Ⅰ.(1)2 葡萄糖酸 CH2OH(CHOH)4COOH
(2)300
(3)134.4 C6H12O6+6O2−−−→
点燃6CO2+6H2O
(4)CH2OH(CHOH)4CHO+2Cu(OH)2−−→
CH2OH(CHOH)4COOH+Cu2O+2H2O
Ⅱ.(1)
(2)C6H12O6−−−→
酒化酶2C2H5OH+2CO2↑
(3)C2H5OH24
H SO
170
−−−−→
浓
℃
CH2==CH2↑+H2O
(4)nCH2==CH2−−−→
催化剂
13.(2021·州质量检测)有资料显示,几种甜味剂的相对甜度如下表:
甜味剂名称相对甜度
蔗糖 1
糖精500~700
阿斯巴甜180~200
纽甜7000~13000
由上表可知目前发现的最甜的甜味剂是纽甜(NTM),它的结构简式如下:
试根据纽甜的结构简式答复以下问题:
(1)纽甜的分子式为________｡
(2)在纽甜分子中,除含有肽键(—CO—NH—)､酯基(—COO—)､苯基外,还含有亚氨基(—NH—)和________,因此该物质既具有________性,又具有________性｡
(3)如果将纽甜在一条件下完全水解(假设生成的产物中没有盐),那么含有苯环的有机物的结构简式为________,名称为________;如果保持该物质的碳链结构和羧基不变,那么含有氨基的有机物的同分异构体(含自身1种)共有
________种;该类物质可发生________(填反类型)反生成高分子化合物｡
(4)纽甜可通过如下反制得:
②将①的主要产物在催化剂作用下氢化使碳氮双键消失｡
以上三个反中,②属于________反,③属于________反(填反类型)｡
解析:(1)纽甜的结构简式中苯环相当于—C6H5,从而可以确其分子式｡(2)纽甜中还含有的官能团为羧基,既能与酸反又能与碱反｡(3)纽甜中酯基和肽键均能发生水解,水解后含有苯环的有机物为｡符合条件的同分
异构体还有以及在苯环上连接氨基所得3种有机物,因此总共为5种｡该物质含有羧基和氨基两种官能团,可以通过缩聚反生成高分子化合物｡(4)反②为双键的加成,属于加成反;反③为羧基和氨基缩去水,属于取代反｡
答案:(1)C20H30N2O5
(2)羧基(或—COOH) 弱碱弱酸
(3)C6H5—CH2—CH(NH2)—COOH 苯丙氨酸 5 缩聚
(4)加成取代
14.(2021·一中模拟)某天然高聚物A的水溶液加热会凝结,一条件下发生水解,产物之一B是生命所需的重要组成物质｡经测:B的相对分子质量不超过120,其中氧元素所占质量分数约为40.3%;物质的量的B分别与NaOH､Na充分反,消耗两者的物质的量之比为1:2;B分子中不含“—CH2—〞基团,在一条件下发生消去反可得两种不同产物｡
(1)B的摩尔质量为________｡
(2)B中能发生酯化反的官能团是________(填官能团的名称);一条件下n 个B分子发生聚合,脱去(n-1)个水分子,生成与A不属于同一类别的另一种高聚物｡该高聚物的结构简式为________｡
(3)与B含有相同官能团的同分异构体有多种,写出其中氧化产物能发生银镜反,且分子结构中不含甲基的所有异构体的结构简
式:______________________________｡
解析:由天然高聚物A的水溶液加热会凝结,一条件下发生水解,产物之一B 是生命所需的重要组成物质,可推知A为蛋白质,B为氨基酸,B的相对分子质量不超过120,其中氧元素所占质量分数约为40.3%,(120×40.3%)÷16=3.0225,
可推知B中的氧原子数为3,B的摩尔质量为119 g·mol-1;因物质的量的B分别与NaOH､Na充分反,消耗两者的物质的量之比为1:2,可推知B中有1 mol —OH ､1 mol —COOH,又B分子中不含“—CH2—〞基团,在一条件下发生消去反可得两种不同产物,可推知B的结构简式为CH3—CH(OH)CH(NH2)—COOH,其他答案相推出｡
答案:(1)119 g·mol-1 (2)羟基､羧基。