高考物理电磁学知识点之稳恒电流知识点(1)

高考物理电磁学知识点之稳恒电流知识点(1)
一、选择题
1．如图所示的电路中，电阻12R =Ω、23R =Ω、36R =Ω，给电路通以恒定电流，电阻R 1消耗的功率为P ，则R 2和R 3消耗的总功率为（ ）
A ．P
B ．52P
C ．92P
D ．12
P 2．如图所示，双量程电压表由表头G 和两个电阻串联而成。

已知该表头的内阻
，满偏电流，下列说法正确的是
A ．表头G 的满偏电压为500V
B ．使用a 、b 两个端点时，其量程比使用a 、c 两个端点时大
C ．使用a 、b 两个端点时，其量程为0~10V ，则R 1为9.5kΩ
D ．使用a 、c 两个端点时，其量程为0~100V ，则为95kΩ
3．在如图所示的电路中，闭合开关S 后，a 、b 、c 三盏灯均能发光，电源电动势为E ，内阻为r 。

现将变阻器R 的滑片稍向下滑动一些，则（ ）
A ．b 灯和c 灯变暗，a 灯变亮
B ．a 灯和c 灯变亮，b 灯变暗
C ．a 灯和c 灯变暗，b 灯变亮
D ．a 灯和b 灯变暗，c 灯变亮
4．如图是某品牌手机电池的铭牌，根据你所学的物理知识进行判断，下列说法正确的是
A ．“3000mAh”表示该电池储存的电能最多10800J
B ．“11.55Wh”表示该电池储存的电能最多为41580J
C ．一个标注为“3V ，4000F”的超级电容器容纳的电荷量肯定比该电池能释放的电荷量多
D ．用匹配的充电器给电池充电，若把电池从电量为10%充电到40%花了30分钟，则充电器消耗的平均电功率为6.93W
5．电源电动势为3V 、内阻为2Ω，灯的电阻为1Ω，滑动变阻器变化范围为0～5Ω，如图所示连接，在滑动变阻器滑片从左向右滑动的过程中，下列描述正确的是（ ）
A ．灯的亮度逐渐先变暗后变亮
B ．电源的输出功率逐渐减小
C ．滑动变阻器的功率先变大后变小
D ．电源的效率逐渐减小
6．如图所示，A 、B 两闭合圆形线圈用同样导线且均绕成100匝。

半径A B 2R R =，内有以B 线圈作为理想边界的匀强磁场。

若磁场均匀减小，则A 、B 环中感应电动势A B :E E 与产生的感应电流A B :I I 分别是（ ）
A ．A
B :2:1E E =；A B :1:2I I =
B ．A B :2:1E E =；A B :1:1I I =
C ．A B :1:1E E =；A B :2:1I I =
D ．A B :1:1
E E =；A B :1:2I I =
7．在如图所示的电路中，电源电压U =12V ，定值电R 1=R 2=R 3=10Ω．则电压表的读数为
（）
A．6V B．4V C．8V D．12V
8．如图，A、B两盏电灯完全相同．当滑动变阻器的滑动头向右移动时，则（）
A．A灯变亮，B灯变亮B．A灯变暗，B灯变亮
C．A灯变暗，B灯变暗D．A灯变亮，B灯变暗
9．如图所示电路中，电池内阻符号为r，电键S原来是闭合的．当S断开时，电流表( )
A．r＝0时示数变大，r≠0时示数变小
B．r＝0时示数变小，r≠0时示数变大
C．r＝0或r≠0时，示数都变大
D．r＝0时示数不变，r≠0时示数变大
10．一平行板电容器C，极板是水平放置的，电路如图所示.闭合电键,今有一质量为m的带电油滴悬浮在两极板之间静止不动.下列说法正确的是
A．油滴带正电
B．要使油滴上升，可增大滑动变阻器R1的阻值
C．只增大两极板间的距离，油滴将向下加速
D．只将平行板电容器上极板向右平移少许,带电液滴将加速上升
11．在如图所示电路中，合上开关S，将滑动变阻器R2的滑动触点向b端移动，则三个电表A1、A2和V的示数I1、I2和U的变化情况是（）
A．I1增大，I2不变，U增大 B．I1减小，I2不变，U减小
C．I1增大，I2减小，U增大 D．I1减小，I2增大，U减小
12．一块手机电池的背面印有如图所示的一些符号，另外在手机使用说明书上还写有“通话时间3 h，待机时间100 h”，则该手机通话和待机时消耗的功率分别约为（）
A．1.8 W，5.4×10-2W
B．3.6 W，0.108 W
C．0.6 W，1.8×10-2W
D．6.48×103 W，1.94×102W
13．如图所示，平行金属板中带电质点P原处于静止状态，电流表和电压表为理想电表，当滑动变阻器4R的滑片向b端移动时，则（）
A．电压表读数增大B．电流表读数增大
C．质点P将向上运动D．3R上消耗的功率逐渐增大
14．如图所示，a、b两个闭合正方形线圈用同样的导线制成，匝数均为10匝，边长l a＝3l b，图示区域内有垂直纸面向里的匀强磁场，且磁感应强度随时间均匀增大，不考虑线圈之间的相互影响，则()
A．两线圈内产生顺时针方向的感应电流
B．a、b线圈中感应电动势之比为9∶1
C．a、b线圈中感应电流之比为3∶4
D．a、b线圈中电功率之比为3∶1
15．在1 min内通过阻值为5Ω的导体横截面的电量为240 C，那么加在该导体两端的电压是（）
A．20 V B．48 V C．120 V D．1 200 V
16．如图四个灯泡L1，L2，L3，L4完全一样，规格都是12V、12W，在AB两端加上60V 的电压，则经过L3的电流是（）
A．1A
B．2A
C．1.67A
D．1.25A
17．用如图甲所示的电路来测量电池电动势E和内电阻r，根据测得的数据作出如图乙所 图线，由图可知（）
示的U I
A．电池电动势的测量值为1.40V
B．电池内阻的测量值为3.5Ω
C．外电路发生短路时的电流为0.4A
D．电压表的示数为1.20V时，电阻R的阻值为0.20Ω
18．某研究性学习小组描绘了三种电学元件的伏安特性曲线，如图所示，下列判断中正确的是
A．图甲反映该电学元件的导电性能随电压的增大而增强
B．图乙反映该电学元件的导电性能随温度的升高而减弱
C．图丙反映该电学元件加正向电压和反向电压时导电性能一样
D．图丙反映该电学元件如果加上较高的反向电压（大于40V）时，反向电流才急剧变大19．A、B两个电阻的伏安特性曲线如图所示，下列说法正确的是（）
A．R A:R B=3:1 B．R A=0.5Ω
C．两个电阻串联后的总阻值为2Ω3
D．两个电阻并联后的总阻值为3Ω2
20．如图所示为汽车蓄电池与车灯（电阻不变）、启动电动机组成的电路，蓄电池内阻为0.05Ω，电流表和电压表均为理想电表。

只接通S1时，电流表示数为10A，电压表示数为12V；再接通S2，启动电动机工作时，电流表示数变为8A，则此时通过启动电动机的电流是（）
A．8A B．40A C．50A D．58A
21．如图所示，左右两个电路中，当a、b两端和e、f两端分别接220V的交变电压时，测得c、d两端和g、h两端的电压均为110V．若分别在c、d两端和g、h两端加上110V交变电压，则a、b两端和e、f两端测得的电压将分别是( )
A．220V，220V B．220V，110V
C．110V，110V D．220V， 0V
22．在如图的闭合电路中，当滑片P向右移动时，两电表读数的变化是()
A．A变大，V变大
B．A变小，V变大
C．A变大，V变小
D．A变小，V变小
23．为解决手机充电问题，市面上出现了免押共享充电宝服务。

图示为小米某款充电宝的相关数据，下列说法正确的是（）
容量10000mAh匹配系统安卓
输入DC\5V\2A输出DC\5V\0.1A~2.5A
产品名称小米重量300g
A．充电宝充电时将化学能转化为电能
B．充电宝放电时将电能转化为化学能
C．该充电宝充电时的输入电压为220V
D．若该充电宝给电池电荷量为零、容量为3000mAh的手机充电，则理论上能充满3次24．下列关于电源电动势的说法正确的是( )
A．电源是通过静电力把其他形式的能转化为电能的装置
B．电源电动势反映了电源内部非静电力做功的本领
C．在电源内部负电荷从低电势处向高电势处移动
D．把同一电源接在不同的电路中，电源的电动势也将变化
25．如图为多用电表欧姆档的原理示意图，其中电流表的满偏电流为300μA，内阻
R g=100Ω，调零电阻的最大值R0=50kΩ，电池电动势E=1.5V，电源内阻不计。

将两表笔短接调零后，用它测量电阻R x，当电流计指针只在满刻度的一半时，R x的阻值是（）
A．25kΩB．5kΩC．50kΩD．50Ω
【参考答案】***试卷处理标记，请不要删除
一、选择题
1．A
解析：A
【解析】
【详解】
2R 和3R 并联电阻 232323
2R R R R R ==Ω+ 根据串联电路正比分压，2R 和3R 并联后与1R 串联，电压与1R 两端电压相等，总电流与流过1R 的电流相等，由2P I R =可知，2R 和3R 消耗的总功率为P ，故A 正确，BCD 错误。

故选A 。

2．C
解析：C
【解析】
表头的满偏电压为，A 错误；在电压表的改装中，串联的电阻越大，分压越大，量程越大，所以使用a 、c 两个端点时，量程最大，B 错误；若使用a 、b 两个端点时，其量程为0~10V ，则，代入数据可得
，C 正确；使用a 、c 两个端点时，其量程为0~100V ，
则
，代入数据可得，D 错
误． 3．C
解析：C
【解析】
【分析】
【详解】
R 的滑片稍向下滑动时，变阻器R 接入电路的电阻变大，外电路总电阻变大，根据闭合电路欧姆定律得知，干路电流I 减小，a 灯变暗；
b 灯的电压
b a U E I r R =-+（）
I 减小，U b 增大，则b 灯变亮；
通过c 灯的电流
c b I I I =-
I 减小，I b 增大，则I c 减小，c 灯变暗。

选项C 正确，ABD 错误。

故选C 。

4．B
解析：B
【解析】
【详解】
A. 3000mAh 表示电池用3000mA 的电流放电时，可以持续一个小时，其对应的是电荷量，不是电能，故A 错误；
B 、“11.55Wh ”表示该电池储存的电能最多为:
11.553600J 41580J W Pt ==⨯=
故B 正确；
C. 电容中容纳的电量取决于其电压值，如果充电后电压很小，则电量很小，故超级电容容纳的电量不一定比电池释放的电荷量多，故C 错误；
D 、由W UIt =可得:
4.43360030%J 14256J W Uq ==⨯⨯⨯=
则对应的功率:
14256W 7.92W 3060
W P t =
==⨯ 故D 错误。

5．C
解析：C
【解析】
【分析】
【详解】
A ．当滑片向右滑动时，滑动变阻器接入电阻增大，总电阻增大，由闭合电路欧姆定律可知，电路中总电流减小，则灯的亮度逐渐变暗，故A 错误；
B ．据题：电源内阻2Ω，灯的电阻1Ω，滑动变阻器0~5Ω，则滑动变阻器滑片从左向右滑动的过程中，外电路总电阻先小于电源的内阻，后大于电源的内阻，所以电源的输出功率先增大后减小，故B 错误；
C ．将灯看作电源的内阻，则等效电源的内阻先大于外电阻后小于外电阻，所以滑动变阻器的功率先增大后减小，故C 正确；
D ．电源的效率为
UI U EI E
η== 外电阻增大，路端电压U 增大，则电源的效率不断增大，故D 错误。

故选C 。

6．D
解析：D
【解析】
【分析】
【详解】
根据法拉第电磁感应定律
B S E n n t t
∆Φ∆⋅==∆∆
题中n 相同，B t ∆∆相同，面积S 也相同，则得到A 、B 环中感应电动势E A ：E B =1：1。

根据电阻定律 0
L R S ρ= L =n •2πr
ρ、S 0相同，则电阻之比
R A ：R B =r A ：r B =2：1
根据欧姆定律E I R
=得，产生的感应电流之比 I A ：I B =1：2
故D 正确，ABC 错误；
故选D 。

7．B
解析：B
【解析】
【详解】
定值电阻R 1=R 2=R 3=10Ω，电阻R 1与电阻R 3并联后的电阻为：
，并联后的电阻R 13与电阻R 2串联，根据串联电路的分压
式，有：
，解得：.故选B.
【点睛】
本题关键是明确电路结构，然后根据串联电路的分压式求解电压表读数． 8．D
解析：D
【解析】
当滑出向右移动时，滑动变阻器连入电路的电阻增大，所以外电路电阻增大，路端电压增大，总电流减小，即B 中的电流减小，所以B 变暗，B 两端的电压减小，而路端电压是增大的，所以并联电路两端的电压增大，即A 两端的电压增大，所以A 变亮，D 正确．
9．D
解析：D
【解析】
【分析】
【详解】
r=0时，电源的路端电压一定，所以电流表示数不变；当r ≠0时，电键断开后，外电路电阻变大，路端电压变大，所以电流表示数增大，选项D 正确，ABC 错误；故选D ．
10．C
解析：C
【解析】
【分析】
【详解】
从图中可得A 板带正电，电场方向竖直向下，要使粒子静止，则必须满足电场力和重力等大反向，故粒子受到的电场力竖直向上，所以粒子带负电，A 错误， 要使油滴上升，即电场力增大，则根据公式U E d
=可得，可使极板间的距离减小，或者增大两极板间的电压，但由于两极板间的电压等于2R 两端电压，所以无论怎么移动滑动变阻器，电压都不会变化，B 错误，
当增大两极板间的距离，电场强度减小，所以油滴将向下加速，C 正确，
因为电容器并未和电路断开，所以电场强度和两极板的正对面积无关，故只将平行板电容器上极板向右平移少许,电场强度不变，粒子静止，D 错误。

11．D
解析：D
【解析】试题分析：理清电路，确定电压表测得什么电压，电流表测得什么电流，抓住电动势和内阻不变，采用局部→整体→局部的方法，利用闭合电路欧姆定律进行分析． 触点向b 端移动过程中2R 连入电路的电阻减小，即总电阻减小，干路电流即总电流增大，所以根据E U Ir =+可知路端电压减小，即U 减小， 3R 在干路，通过它的电流增大，所以3R 两端的电压增大，而3R U U U ↓=↑+并，所以U 并减小，即并联电路两端的电压减小，所以1R 的电流1I 减小，而12I I I ↑=↓+，所以2I 增大，D 正确
12．C
解析：C
【解析】
由图知 3.6U V =,500Q mA h =⋅．通话时3t h =，由Q It =，P UI =得
0.6UQ P W t ==.同理待机时100t h =，21.810UQ P W t -=⨯'
='，C 对． 13．B
解析：B
【解析】
【详解】
A B ．由图可知，R 2与滑动变阻器R 4串联后与R 3并联后，再由R 1串连接在电源两端；电容器与R 3并联；当滑片向b 移动时，滑动变阻器接入电路的电阻减小，则电路中总电阻减小，由闭合电路欧姆定律可知，干路中电流增大，电源的内电压增大，路端电压减小，同时，R 1两端的电压也增大，故并联部分的电压减小；由欧姆定律可知流过R 3的电流减小，则流过并联部分的电流增大，故电流表示数增大；因并联部分电压减小，而R 2中电压增大，故电压表示数减小，故A 错误，B 正确；
C ．因R 3两端电压减小，则电容器两端电压减小，故电荷受到的向上电场力减小，则重力大于电场力，电荷向下运动，故C 错误；
D ．R 3上电流减小，根据P =I 32R 3，则R 3消耗的功率逐渐变小，选项D 错误； 故选B 。

14．B
解析：B
【解析】
试题分析：根据楞次定律可知，两线圈内均产生逆时针方向的感应电流，选项A 错误；因磁感应强度随时间均匀增大，则B k t
∆=∆，根据法拉第电磁感应定律可知2ΔΔΔΔB E n n l t t
Φ==，则239()11a b E E ==，选项B 正确；根据2444B n l S E E klS t I l nl R nl S ρρ
ρ∆∆'='=='=∝，故a 、b 线圈中感应电流之比为3:1，选项C 错误；电功率232344klS B nk l S P IE n l l t ρρ
'⋅'∆===∝∆，故a 、b 线圈中电功率之比为27:1，选项D 错误；故选B ．
【学科网考点定位】法拉第电磁感应定律；楞次定律；闭合电路欧姆定律；电功率．
【名师点睛】此题是一道常规题，考查法拉第电磁感应定律、以及闭合电路的欧姆定律；要推导某个物理量与其他物理量之间的关系，可以先找到这个物理量的表达式，然后看这个物理量和什么因素有关；这里线圈的匝数是容易被忽略的量．
15．A
解析：A
【解析】 导体的电流为240A 4A 60
q I t =
==，故导体两端的电压为45V 20V U IR ==⨯=，A 正确． 16．A
解析：A
【解析】
【分析】
【详解】
分析电路可知3L ，4L 并联后与1L ，2L 串联接入电路， 灯泡的电阻22
121212
U R P ===Ω， 则电路总电阻302
R R R R =++=Ω总，
干路电流60230
U I A R ===总， 则经过3L 的电流312I I A =
=，故A 正确． 故选A
17．A
解析：A
【解析】
【分析】
【详解】
A ．由图示图像可知电源U -I 图像与纵轴交点坐标值为1.40，则电源的电动势1.40V ，故A 正确；
B ．电源内阻
1.40 1.00==1ΩΔ0.4
U r I ∆-=
故B 错误； C ．由图示图像可知，路端电压为1.00V 时，电路电流为0.4A ，故C 错误；
D ．根据欧姆定律
1.206Ω0.2
U R I =
== 故D 错误。

故选A 。

18．D
解析：D
【解析】
【分析】
【详解】
A ．由图甲可知随着电压增加图线斜率不变，即该元件电阻阻值的倒数不变，阻值不变，导电性能不变，故A 错误；
B ．由图乙可知随着电压增加图线斜率变小，该元件电阻阻值的倒数变小，阻值增加，导电性能随电压的增大而减弱，但不能说明和温度的变化情况，故B 错误；
C ．由图丙可知加正向电压和反向电压时图线关于原点不对称，因为横坐标不一样的，故导电性能不一样，故C 错误。

D ．根据图丙可知该电学元件如果加上较高的反向电压（大于40V ）时，反向电流才急剧变大，故D 正确。

故选D 。

19．D
解析：D
【解析】
【详解】
AB ．由图像可知斜率的倒数表示电阻大小，即
A 2R =Ω
B 6R =Ω
A B 13R R :=:
故AB 错误；
C ．两个电阻串联后的总阻值为
A B 8R R R =+=Ω串
故C 错误；
D ．两个电阻并联后的总阻值为
A B A B 3=
=2
R R R R R ⋅Ω+并 故D 正确。

故选D 。

20．C
解析：C
【解析】
【分析】
【详解】
只接通S 1时，由闭合电路欧姆定律得
12100.05V 12.5V E U Ir =+=+⨯=
车灯的电阻
R 灯12Ω 1.2Ω10
U I === 再接通S 2后，车灯两端的电压为
U 灯1I R =灯8 1.2V 9.6V =⨯=
流过蓄电池的电流为
212.59.6A 58A 0.05
E I U r --=
==灯 流过电动机的电流为 I 电动机2150A I I =-=
故A 、B 、D 错误，C 正确；
故选C 。

21．B
解析：B
【解析】
【详解】
当a 、b 两端接220V 的交变电压时，测得c 、d 两端的电压为110V ，则原副线圈匝数比为2：1，所以当c 、d 两端加上110V 交变电压，a 、b 两端电压为220V ，当g 、h 两端加上110V 交变电压时，e 、f 两端电压与g 、h 两端电压相同，也为110V ，故B 正确，ACD 错误．
故选B ．
【点睛】 难度较小，根据已知算出变压器两端线圈匝数比，然后再根据1122
U n U n = 算出变化后的ab 端电压，因为gh 端接110V 电压时，ef 两端电压与其相等，所以可解出
22．B
解析：B
【解析】
【详解】
滑片P 向右移动时，R 电阻增大总电流减小，所以电流表示数 变小，电动势不变，内电压、R 0两端电压减小，所以R 两端电压增大，电压表示数 变大，故B 正确，ACD 错误； 故选B ．
23．D
解析：D
【解析】
【分析】
【详解】
AB ．充电宝充电时将电能转化为化学能，放电时将化学能转化为电能。

故AB 错误； C ．根据表格看出，该充电宝充电时的输入电压为5V ，故C 错误；
D ．充电宝的电能能给电池电荷量为零、容量为3000mAh 的手机充电的次数
10000mAh 3000mAh 1033
n =
=≈ 故D 正确。

故选D 。

24．B
解析：B
【解析】
【分析】
【详解】
A 、
B 项：电源是通过非静电力把其他形式的能转化为电能的装置，故A 错误，B 正确；
C 项：在电源内部，电流方向从负极指向正极，所以负电荷从高电势处向低电势处移动，故C 错误；
D 项：把同一电源接在不同的电路中，电源的电动势不变，故D 错误．
25．B
解析：B
【解析】
【详解】
欧姆表的中值电阻R 中等于欧姆表的内电阻R 总，根据闭合电路欧姆定律，满偏时 g E I R =总 当电流计指针指在满刻度的1
2时
12g x E I R R =+总 联立解得
12x g E R R I =-总 联立可得：
R x =5kΩ。

故B 正确ACD 错误。

故选B 。