河北省衡水中学2016-2017学年上学期高三(上)期中物理试卷(解析版)

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河北省衡水市冀州中学2017届高三上学期期中物理试卷(高复班)Word版含解析

2016-2017学年河北省衡水市冀州中学高三（上）期中物理试卷（高复班）一、选择题1．物理学的发展丰富了人类对物质世界的认识，推动了科学技术的创新和革命，促进了物质生产的繁荣与人类文明的进步，下列说法中正确的是（）A．开普勒通过对行星运动规律的研究总结出了万有引力定律B．将物体视质点，采用了等效替代法C．用比值法来描述加速度这个物理量，其表达式a=D．卡文迪许通过扭秤装置实验测出了万有引力常量2．如图所示，一同学在水平桌面上将三个形状不规则的石块成功叠放在一起，保持平衡，下列说法正确的是（）A．石块b对a的支持力与a受到的重力是一对相互作用力B．石块c对b的作用力一定竖直向上C．石块c受到水平桌面向左的摩擦力D．石块b对a的支持力一定等于a受到的重力3．大雾天发生交通事故的概率比平常要高出几倍甚至几十倍，保证雾中行车安全显得尤为重要．在雾天的平直公路上，甲、乙两汽车同向匀速行驶，乙在前，甲在后．某时刻两车司机听到警笛提示，同时开始刹车，结果两车刚好没有发生碰撞．如图为两车刹车后匀减速运动的v﹣t图象，以下分析正确的是（）A．甲刹车的加速度的大小为0.5m/s2B．两车开始刹车时的距离为100 mC．两车刹车后间距一直在减小D．两车都停下来后相距25m4．如图，一条细绳跨过定滑轮连接两个小球A、B，它们都穿在一根光滑的竖直杆上，不计绳与滑轮间的摩擦，当两球平衡时OA绳与水平方向的夹角为θ，OB绳与水平方向的夹角为2θ，则球A、B的质量之比为（）A．2cosθ：1 B．1：2cosθC．tanθ：1 D．1：2sinθ5．如图所示，一小球分别以不同的初速度，从光滑斜面的底端A点向上做直线运动，所能到达的最高点位置分别为a、b、c，它们距斜面底端A点的距离分别为S l、S2、S3，对应到达最高点的时间分别为t l、t2、t3，则下列关系正确的（）A．==B．＞＞C．==D．＞6．下列关于超重和失重现象的描述中正确的是（）A．电梯正在减速上升，在电梯中的乘客处于超重状态B．磁悬浮列车在水平轨道上加速行使时，列车上的乘客处于超重状态C．荡秋千时秋千摆到最低位置时，人处于超重状态D．“神舟”六号飞船在绕地球做圆轨道运行时，飞船内的宇航员处于完全失重状态7．人造卫星1和2绕地球做匀速圆周运动的周期分别为T1、T2，设在卫星1、卫星2各自所在的高度上的重力加速度大小分别为g1、g2，则（）A．=（）B．=（）C．=（）2D．=（）28．如图所示，质量为m的物块与水平转台之间的动摩擦因数为μ，物块与转台转轴相距R，物块随转台由静止开始转动并计时，在t1时刻转速达到n，物块即将开始滑动．保持转速n 不变，继续转动到t2时刻．则（）A．在0～t1时间内，摩擦力做功为零B．在t1～t2时间内，摩擦力做功不为零C．在0～t1时间内，摩擦力做功为2μmgRD．在0～t1时间内，摩擦力做功为9．从地面上以初速度v0=10m/s竖直向上抛出一质量为m=0.2kg的球，若运动过程中受到的空气阻力f与其速率v成正比关系，其关系为f=kv，小球运动的速率随时间变化规律如图所示，t1时刻到达最高点，再落回地面，落地时速率为v1=2m/s，且落地前球已经做匀速运动．（g=10m/s2），则以下说法正确的是（）A．k的值为0.1Ns/mB．小球在上升阶段加速度大小为20m/s2，其速度大小为1m/sC．小球抛出瞬间的加速度大小为60m/s2D．小球抛出到落地过程中空气阻力所做的功为9.6J10．如图所示，半径可变的四分之一光滑圆弧轨道置于竖直平面内，轨道的末端B处切线水平，现将一小物体从轨道顶端A处由静止释放．若保持圆心的位置不变，改变圆弧轨道的半径（不超过圆心离地的高度）．半径越大，小物体（）A．落地时的速度越大B．平抛的水平位移越大C．到圆弧轨道最低点时加速度越大D．落地时的速度与竖直方向的夹角越大11．质量为2kg的物体静止在足够大的水平地面上，物体与地面间的动摩擦因数为0.2，最大静摩擦力与滑动摩擦力大小视为相等．从t=0时刻开始，物体受到方向不变、大小呈周期性变化的水平拉力F的作用，F随时间t的变化规律如图所示．重力加速度g取10m/s2，则物体在t=0至t=12s这段时间的位移大小为（）A．18 m B．54 m C．72 m D．198 m12．如图所示，质量为M，长度为l的小车静止在光滑的水平面上，质量为m的小物块放在小车的最左端，现用一水平恒力F作用在小物体上，使物块从静止开始做匀加速直线运动，物块和小车之间的摩擦力为f，经过时间t，小车运动的位移为s，物块刚好滑到小车的最右端．则（）①此时物块的动能为（F﹣f）（s+l ）②此时小车的动能为f（s+l ）③这一过程中，物块和小车增加的机械能为Fs④这一过程中，物块和小车产生的内能为fl⑤这一过程中，物块克服摩擦力做功的平均功率为⑥这一过程中，摩擦力对小车做功的平均楞率为．A．①②⑤ B．①③④ C．②③⑥ D．①④⑥13．如图，A、B两球质量相等，光滑斜面的倾角为θ．图甲中A、B两球用轻弹簧相连，图乙中A、B两球用轻杆相连．系统静止时，挡板C与斜面垂直，弹簧、轻杆均与斜面平行．在突然撤去挡板的瞬间（）A．两图中两球加速度均为gsinθB．两图中A球的加速度均为零C．图甲中B球的加速度是为2gsinθD．图乙中B球的加速度为零14．如图所示，是汽车牵引力F和车速倒数的关系图象，若汽车质量为2×103kg，它由静止开始沿平直公路行驶，且行驶中阻力恒定，设其中最大车速为30m/s，则（）A．汽车所受阻力为2×103NB．汽车在车速为15m/s时，功率为6×104WC．汽车做匀加速运动的加速度为3m/s2D．汽车做匀加速运动所持续的时间为10s15．某同学在学习中记录了一些与地球、月球有关的数据资料如表所示，利用这些数据来计sA．ct B．﹣R﹣rC．﹣R﹣r D．﹣R﹣r16．如图所示内壁光滑的环形槽半径为R．固定在竖直平面内，质量均为m的小球A、B 以等大的速率v0从圆心等高处向上、向下滑入环形槽，若在运动过程中两球均未脱离环形槽，设当地重力加速度为g．则下列叙述正确（）A．v0的最小值为B．两球再次相遇时，速率仍然相等C．小球A通过最高点时的机械能小于小球B通过最低点时的机械能D．小球A通过最高点和小球B通过最低点时对环形槽的压力差值为6mg二、实验题17．下列有关实验的描述中，正确的是（）A．在“验证力的平行四边形定则”实验中，选弹簧测力计时，水平对拉两测力计，示数应该相同B．在“探究弹簧弹力和弹簧伸长关系”的实验中，作出弹力利弹簧长度的图象也能求出弹簧的劲度系数C．在“恒力做功与动能改变的关系”的实验中，放小车的长木板应该使其水平D．在“验证机械能守恒定律”的实验中，必须由υ=gt求出打某点时纸带的速度18．（1）在探究平抛运动的规律时，可以选用下列各种装置图，以下操作合理的是A．选用装置1研究平抛物体竖直分运动，应该用眼睛看A、B两球是否同时落地B．选用装置2要获得稳定的细水柱显示平抛轨迹，竖直管上端A一定要高于水面C．选用装置3要获得钢球的平抛轨迹，每次一定要从斜槽上同一位置由静止释放D．除上述装置外，也能用数码照相机拍摄钢球做平抛运动时每秒15帧的录像获得平抛轨迹（2）如图a是研究小球在斜面上平抛运动的实验装置；每次将小球从弧型轨道同一位置静止释放，并逐渐改变斜面与水平地面之间的夹角θ，获得不同的射程x，最后做出如图b所示的x﹣tanθ图象，g=10m/s2．则：由图b可知，小球在斜面顶端水平抛出时的初速度v0=．实验中发现θ超过后60o后，小球将不会掉落在斜面上，则斜面的长度为．三、计算题19．如图所示，质量m=1.1kg的物体（可视为质点）用细绳拴住，放在水平传送带的右端，物体和传送带之间的动摩擦因数μ=0.5，传送带的长度L=5m，当传送带以v=5m/s的速度做逆时针转动时，绳与水平方向的夹角θ=37°．已知：g=l0m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8．求：（1）传送带稳定运动时绳子的拉力T；（2）某时刻剪断绳子，求物体运动至传送带最左端所用时间．20．风洞是研究空气动力学的实验设备．如图，将刚性杆水平固定在风洞内距地面高度H=3.2m处，杆上套一质量m=3kg，可沿杆滑动的小球．将小球所受的风力调节为F=15N，方向水平向左．小球以速度v0=8m/s向右离开杆端，假设小球所受风力不变，取g=10m/s2．求：（1）小球落地所需时间和离开杆端的水平距离；（2）小球落地时的动能．（3）小球离开杆端后经过多少时间动能为78J？21．如图所示，水平轨道上，轻弹簧左端固定，自然状态时右端位于P点．现用一质量m=0.1kg 的小物块（视为质点）将弹簧压缩后释放，物块经过P点时的速度v0=18m/s，经过水平轨道右端Q点后恰好沿半圆轨道的切线进入竖直固定的圆轨道，最后滑上质量M=0.9kg的长木板（木板足够长，物块滑上去不会从木板上掉下来）．已知PQ间的距离l=1m，竖直半圆轨道光滑且半径R=1m，物块与水平轨道间的动摩擦因数µ1=0.15，与木板间的动摩擦因数µ2=0.2，木板与水平地面间的动摩擦因数µ3=0.01，取g=10m/s2．（1）判断物块经过Q点后能否沿圆周轨道运动；（2）求木板滑行的最大距离x．2016-2017学年河北省衡水市冀州中学高三（上）期中物理试卷（高复班）参考答案与试题解析一、选择题1．物理学的发展丰富了人类对物质世界的认识，推动了科学技术的创新和革命，促进了物质生产的繁荣与人类文明的进步，下列说法中正确的是（）A．开普勒通过对行星运动规律的研究总结出了万有引力定律B．将物体视质点，采用了等效替代法C．用比值法来描述加速度这个物理量，其表达式a=D．卡文迪许通过扭秤装置实验测出了万有引力常量【考点】物理学史．【分析】根据开普勒、牛顿、卡文迪许的物理学贡献，以及物理的研究方法，即可解答．【解答】解：A、开普勒通过对行星运动规律的研究总结出了行星运动三大定律，牛顿发现了万有引力定律，故A错误．B、将物体视质点，采用了理想化物理模型的方法，故B错误．C、由a=知，a与F成正比，与m成反比，可知，该式不是比值法定义的．用比值法来描述加速度这个物理量，其表达式是a=．故C错误．D、卡文迪许通过扭秤装置实验测出了万有引力常量G，故D正确．故选：D2．如图所示，一同学在水平桌面上将三个形状不规则的石块成功叠放在一起，保持平衡，下列说法正确的是（）A．石块b对a的支持力与a受到的重力是一对相互作用力B．石块c对b的作用力一定竖直向上C．石块c受到水平桌面向左的摩擦力D．石块b对a的支持力一定等于a受到的重力【考点】共点力平衡的条件及其应用．【分析】作用力与反作用力总是大小相等方向相反，作用在两个物体上，而一对平衡力是作用在一个物体上．结合共点力的平衡分析个物体的受力关系．【解答】解：A、石块b对a的支持力与a受到的重力是作用在同一个物体上，所以一定不是一对相互作用力．故A错误；B、选取ab作为整体研究，根据平衡条件，则石块c对b的作用力与其重力平衡，则块c 对b的作用力一定竖直向上，故B正确；C、以三个物体组成的整体为研究对象，整体只受到重力和桌面的支持力，水平方向不受摩擦力，故C错误；D、石块b对a的支持力与其对a的静摩擦力的合力，跟a受到的重力是平衡力，则b对a 的支持力和静摩擦力的合力方向竖直向上，支持力的方向不是竖直向上，也不等于a的重力．故D错误；故选：B3．大雾天发生交通事故的概率比平常要高出几倍甚至几十倍，保证雾中行车安全显得尤为重要．在雾天的平直公路上，甲、乙两汽车同向匀速行驶，乙在前，甲在后．某时刻两车司机听到警笛提示，同时开始刹车，结果两车刚好没有发生碰撞．如图为两车刹车后匀减速运动的v﹣t图象，以下分析正确的是（）A．甲刹车的加速度的大小为0.5m/s2B．两车开始刹车时的距离为100 mC．两车刹车后间距一直在减小D．两车都停下来后相距25m【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【分析】根据速度时间图线求出甲乙的加速度，抓住速度相等时，结合位移时间公式分别求出两车的位移，结合位移之差求出两者刹车时的距离，通过两者的速度大小关系，判断之间距离的变化，根据图象与坐标轴围成的面积表示位移求解两车都停下来后之间的距离．【解答】解：A、由图可知，两车速度相等经历的时间为20s，甲车的加速度a1=，乙车的加速度，此时甲车的位移x甲==300m，乙车的位移=200m，两车刚好没有发生碰撞，则两车的距离△x=300﹣200m=100m，故A错误，B正确；C、两车刹车后甲的速度先大于乙的速度，两者距离减小，后甲的速度小于乙的速度，两者距离增大，故C错误；D、20s时，甲乙的速度都为v=v+a1t=25﹣20=5m/s，甲根据图象与坐标轴围成的面积表示位移可知，两车都停下来后相距，故D错误．故选：B4．如图，一条细绳跨过定滑轮连接两个小球A、B，它们都穿在一根光滑的竖直杆上，不计绳与滑轮间的摩擦，当两球平衡时OA绳与水平方向的夹角为θ，OB绳与水平方向的夹角为2θ，则球A、B的质量之比为（）A．2cosθ：1 B．1：2cosθC．tanθ：1 D．1：2sinθ【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．【分析】分别对AB两球分析，运用合成法，用T表示出A、B两球的重力，同一根绳子上的拉力相等，即绳子AB两球的拉力是相等的．【解答】解：分别对AB两球分析，运用合成法，如图：由几何知识得：Tsinθ=m A gTsin2θ=m B g故m A：m B=sinθ：sin2θ=1：2cosθ故选：B．5．如图所示，一小球分别以不同的初速度，从光滑斜面的底端A点向上做直线运动，所能到达的最高点位置分别为a、b、c，它们距斜面底端A点的距离分别为S l、S2、S3，对应到达最高点的时间分别为t l、t2、t3，则下列关系正确的（）A．==B．＞＞C．==D．＞【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】物体做匀减速直线运动的加速度不变，结合平均速度的推论比较平均速度的大小，采用逆向思维根据匀变速直线运动的位移时间公式比较位移与时间的平方之比的大小关系．【解答】解：A、一小球分别以不同的初速度，从光滑斜面的底端A点向上做直线运动，所能到达的最高点位置分别为a、b、c，可知初速度v01＞v02＞v03．根据平均速度，知．故B错误，A错误．C、采用逆向思维，根据得，则，因为加速度不变，则．故C正确，D错误．故选：C．6．下列关于超重和失重现象的描述中正确的是（）A．电梯正在减速上升，在电梯中的乘客处于超重状态B．磁悬浮列车在水平轨道上加速行使时，列车上的乘客处于超重状态C．荡秋千时秋千摆到最低位置时，人处于超重状态D．“神舟”六号飞船在绕地球做圆轨道运行时，飞船内的宇航员处于完全失重状态【考点】超重和失重．【分析】当物体对接触面的压力大于物体的真实重力时，就说物体处于超重状态，此时有向上的加速度；当物体对接触面的压力小于物体的真实重力时，就说物体处于失重状态，此时有向下的加速度；如果没有压力了，那么就是处于完全失重状态，此时向下加速度的大小为重力加速度g．【解答】解：A、电梯正在减速上升，加速度向下，故电梯中的乘客处于失重状态，所以A 错误．B、磁悬浮列车在水平轨道上加速行使时，竖直方向的加速度不变，对地面的压力不变，所以B错误．C、荡秋千时秋千摆到最低位置时，加速度方向向上，故人处于超重状态，所以C正确．D、飞船在绕地球做圆行轨道运行时，万有引力完全提供向心力，飞船内的宇航员对飞船的压力为零，飞行员处于完全失重状态，所以D正确．故选CD．7．人造卫星1和2绕地球做匀速圆周运动的周期分别为T1、T2，设在卫星1、卫星2各自所在的高度上的重力加速度大小分别为g1、g2，则（）A．=（）B．=（）C．=（）2D．=（）2【考点】万有引力定律及其应用．【分析】要求重力加速度g之比，必须求出重力加速度g的表达式，而g与卫星的轨道半径r有关，根据已知条件需要求出r和卫星的运动周期之间的关系式．【解答】解：人造卫星在地球的引力的作用下绕地球做圆周运动，则有G=m rr=忽略地球的自转，则有mg=G故有mg=G解得g=GM==故B正确．故选B．8．如图所示，质量为m的物块与水平转台之间的动摩擦因数为μ，物块与转台转轴相距R，物块随转台由静止开始转动并计时，在t1时刻转速达到n，物块即将开始滑动．保持转速n 不变，继续转动到t2时刻．则（）A．在0～t1时间内，摩擦力做功为零B．在t1～t2时间内，摩擦力做功不为零C．在0～t1时间内，摩擦力做功为2μmgRD．在0～t1时间内，摩擦力做功为【考点】动能定理的应用；向心力．【分析】物体做加速圆周运动，受重力、支持力和静摩擦力，物体即将滑动时已经做匀速圆周运动，最大静摩擦力提供向心力，可以求出线速度；又由于重力和支持力垂直于速度方向，始终不做功，只有静摩擦力做功，故可以根据动能定理求出摩擦力做的功．【解答】解：A、在0～t1时间内，转速逐渐增加，故物体的速度逐渐增加，最大静摩擦力提供向心力，由牛顿第二定律得：μmg=m，解得：v=，物体做加速圆周运动过程，由动能定理得：W f=mv2=mμgR，故AC错误，D正确；B、在t1～t2时间内，物体的线速度不变，摩擦力只提供向心力，根据动能定理可知摩擦力做功为零，故B错误；故选：D．9．从地面上以初速度v0=10m/s竖直向上抛出一质量为m=0.2kg的球，若运动过程中受到的空气阻力f与其速率v成正比关系，其关系为f=kv，小球运动的速率随时间变化规律如图所示，t1时刻到达最高点，再落回地面，落地时速率为v1=2m/s，且落地前球已经做匀速运动．（g=10m/s2），则以下说法正确的是（）A．k的值为0.1Ns/mB．小球在上升阶段加速度大小为20m/s2，其速度大小为1m/sC．小球抛出瞬间的加速度大小为60m/s2D．小球抛出到落地过程中空气阻力所做的功为9.6J【考点】动能定理的应用；匀变速直线运动的图像．【分析】根据落地前做匀速运动，由平衡条件求出比例系数k．根据牛顿第二定律研究加速度大小为20 m/s2时的速度大小．根据牛顿第二定律求出抛出瞬间的加速度大小．根据动能定理求空气阻力所做的功．【解答】解：A、小球落地前以v1匀速运动，则有mg=kv1，即k===1 Ns/m，故A错误．B、当a=20m/s2时，根据牛顿第二定律得：mg+kv=ma，得v===2m/s，故B错误．C、小球抛出瞬间的加速度大小a==g+=10+=60 m/s2，故C正确．D 、小球抛出到落地过程中，根据动能定理得：W f =mv 12﹣mv 02，解得：W f =﹣9.6J ，故D 错误．故选：C ．10．如图所示，半径可变的四分之一光滑圆弧轨道置于竖直平面内，轨道的末端B 处切线水平，现将一小物体从轨道顶端A 处由静止释放．若保持圆心的位置不变，改变圆弧轨道的半径（不超过圆心离地的高度）．半径越大，小物体（）A ．落地时的速度越大B ．平抛的水平位移越大C ．到圆弧轨道最低点时加速度越大D ．落地时的速度与竖直方向的夹角越大【考点】向心力；平抛运动．【分析】（1）根据动能定理知B 点的速度和落地速度，结合牛顿第二定律求出加速度的大小；根据加速度表达式表示加速度．（2）根据高度，结合位移时间公式求出平抛运动的时间，根据速度时间公式求出落地时的竖直分速度，结合平行四边形定则求出落地的速度方向．【解答】解：A 、根据动能定理知mgH=mv 2知总高度不变，末速度大小不变，故A 错误；B 、根据平抛运动规律知h=gt 2，x=v 0tmgR=mv得x==2，平抛运动的水平位移随R 增大后减小，故B 错误；C 、到圆弧轨道最低点时加速度a==2g ，故加速度大小与R 无关，故C 错误； D 、小滑块落地时竖直分速度v y =gt设与水平方向的夹角为θ，有tan θ===，R 越大，落地时的速度与竖直方向的夹角越大，故D 正确；故选：D11．质量为2kg 的物体静止在足够大的水平地面上，物体与地面间的动摩擦因数为0.2，最大静摩擦力与滑动摩擦力大小视为相等．从t=0时刻开始，物体受到方向不变、大小呈周期性变化的水平拉力F 的作用，F 随时间t 的变化规律如图所示．重力加速度g 取10m/s 2，则物体在t=0至t=12s 这段时间的位移大小为（）A ．18 mB ．54 mC ．72 mD ．198 m【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】本题的关键是根据F ﹣t 图象分别对不同的时间段进行分析，注意0到3s 时间内，由于物体受到的合力恰好为零，所以物体仍保持静止；第二段时间内，物体做匀加速直线运动，可根据牛顿运动定律求出位移；第三段时间内，物体做匀速直线运动，第四段时间内，物体做匀加速直线运动，根据运动学公式分别求出各段时间内的位移，然后相加即可．【解答】解：对物体受力分析可知，0到3s 内，由于滑动摩擦力为：==0.2×20N=4N ，恰好等于外力F 大小，所以物体仍能保持静止状态，3到6s 内，物体产生的加速度为：a==，发生的位移为： ===9m6到9s 内，物体所受的合力为零，做匀速直线运动，由于6s 时的速度为：v=at=2×3=6m/s ，所以发生的位移为： =vt=6×（9﹣6）=18m9到12s 内，物体做匀加速直线运动，发生的位移为： =vt=6×3+=27m所以总位移为：x=0=9+18+27=54m ，所以B 正确；故选：B12．如图所示，质量为M ，长度为l 的小车静止在光滑的水平面上，质量为m 的小物块放在小车的最左端，现用一水平恒力F 作用在小物体上，使物块从静止开始做匀加速直线运动，物块和小车之间的摩擦力为f ，经过时间t ，小车运动的位移为s ，物块刚好滑到小车的最右端．则（）①此时物块的动能为（F ﹣f ）（s +l ）②此时小车的动能为f （s +l ）③这一过程中，物块和小车增加的机械能为Fs④这一过程中，物块和小车产生的内能为fl⑤这一过程中，物块克服摩擦力做功的平均功率为⑥这一过程中，摩擦力对小车做功的平均楞率为．A．①②⑤ B．①③④ C．②③⑥ D．①④⑥【考点】动能定理的应用；功能关系．【分析】本题的关键是明确小车在摩擦力作用下将向右做加速运动，当小物块到达小车的最右端时，小物块发生的位移为l+s，与小车发生的相对位移为l，然后再根据动能定理即可求物块到达小车最右端时具有的动能．【解答】解：①由动能定理得，此时物块的动能：E K物块=（F﹣f）（s+l ），故①正确；②由动能定理得，此时小车的动能：E K小车=fs，故②错误；③由动能定理可知，这一过程中，物块和小车增加的机械能为：E=E K物块+E K小车=F（s+l）﹣fl，故③错误；④这一过程中，物块和小车产生的内能：Q=fl，故④正确；⑤这一过程中，物块克服摩擦力做功的平均功率：P物块f=，故⑤错误；⑥这一过程中，摩擦力对小车做功的平均楞率：P小车f=，故⑥正确；由以上分析可知，ABC错误，D正确；故选：D．13．如图，A、B两球质量相等，光滑斜面的倾角为θ．图甲中A、B两球用轻弹簧相连，图乙中A、B两球用轻杆相连．系统静止时，挡板C与斜面垂直，弹簧、轻杆均与斜面平行．在突然撤去挡板的瞬间（）A．两图中两球加速度均为gsinθB．两图中A球的加速度均为零C．图甲中B球的加速度是为2gsinθD．图乙中B球的加速度为零【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．【分析】根据弹簧弹力不能突变，杆的弹力会突变，分析撤去挡板的瞬间，图甲和图乙中AB所受合外力即可得到各自的加速度．【解答】解：撤去挡板前，对整体分析，挡板对B球的弹力大小为2mgsinθ，因弹簧弹力不能突变，而杆的弹力会突变，所以撤去挡板瞬间，图甲中A球所受合力为零，加速度为零，B球所受合力为2mgsinθ，加速度为2gsinθ；图乙中杆的弹力突变为零，A、B球所受合力均为mgsinθ，加速度均为gsinθ，故C正确，A、B、D错误．故选：C．。

【全国百强校】河北省衡水中学2016届高三上学期第七次调研考试理综物理试题解析(解析版)

第Ⅰ卷（选择题共126分）二、选择题14、某同学为了测定木块与斜面间的动摩擦因数，他用测速仪研究木块在斜面上的运动情况，装置如图甲所示，他使木块以初速度04/v m s =的速度沿倾角030θ=的斜面上滑紧接着下滑至出发点，并同时开始记录数据，结果电脑只绘出了木块从开始上滑至最高点的v t -图线如图乙所示，g 取210/m s ，则根据题意计算出的下列物理量不正确的是（）A 、上滑过程中的加速度的大小218/m a s =B 、木块与斜面间的动摩擦因数μ=C 、木块回到出发点时的速度大小2/v m s =D 、木块经2s 返回出发点【答案】D定律F ma =得：下滑过程中：2mgsin mgcos ma θμθ-=，解得：2212100.35102/a gsin gcos m s θμθ-⨯-⨯=＝＝，下滑至出发点的速度大小为：v =联立解得：2/v m s =，故选项C 正确；下滑所用时间22212vs s t a ===，故返回出发点的所用时间为：120.51 1.5t s s s t t =+=+=，故选项D 错误。

考点：牛顿运动定律综合【名师点睛】首先由v t -图象可以求出上滑过程的加速度；然后由牛顿第二定律可以得到摩擦因数；最后由运动学可得上滑距离，上下距离相等，由牛顿第二定律可得下滑的加速度，再由运动学可得下滑至出发点的速度及返回出发点的时间；解决本题的关键能够正确地受力分析，运用牛顿第二定律和运动学公式联合求解。

15、如下图所示，一传送带与水平方向的夹角为θ，以速度v 逆时针运转，将一物块轻轻放在传动带的上端，则物块在从A 到B 运动的过程中，机械能E 随位移变化的关系图像不可能是（）【答案】B考点：动能定理的应用【名师点睛】对物块受力分析，开始时，受到重力、支持力、滑动摩擦力，处于加速阶段；当速度等于传送带速度时，如果重力的下滑分力小于或等于最大静摩擦力，则一起匀速下滑，否则，继续加速；本题考查传送带上的机械能问题，要综合考虑动能和重力势能。

河北省衡水中学2016届高三上学期二调物理试卷及解析

2015～2016学年河北省衡水中学高三第一学期二调物理试卷一、选择题(本题共15小题,每小题4分,共60分.其中1－10小题是单选题,11－15是多选题,移选题给出的四个选项中,全部选对的得4分,选不全的得2分,有选错或不答的得0分)1.装修工人在搬运材料时将其从水平台面上拖出,如图所示,则在匀加速拖出过程中( )A.材料与平台之间的接触面积逐渐减小,摩擦力逐渐减小B.材料与平台之间的相对速度逐渐增大,摩擦力逐渐增大C.平台对材料的支持力逐渐减小,摩擦力逐渐减小D.材料与平台之间的动摩擦因数不变,支持力也不变,因而工人拉力也不变2.在如图所示的四个图中,AB、BC均为轻质杆,各圈中杆的A、C端都通过铰链与墙连接,两杆都在B处由铰链连接,下列说法正确的是( )A.图中的AB杆可以用与之等长的轻绳代替的有甲、乙B.图中的AB杆可以用与之等长的轻绳代替的有甲、丙、丁C.图中的BC杆可以用与之等长的轻绳代替的有乙、丙D.图中的BC杆可以用与之等长的轻绳代替的有甲、丙3.一质点沿x轴正方向做直线运动,通过坐标原点时开始计时,其﹣t的图象如图所示,则下列说法正确的是( )A.质点做匀速直线运动,速度为0.5m/sB.质点做匀加速直线运动,加速度为0.5m/sC.质点在第1 s内的平均速度0.75m/sD.质点在1 s末速度为1.5m/s4.如图所示,光滑水平面上有一矩形长木板,木板左端放一小物块,已知木板质量大于物块质量,t＝0时两者从图中位置以相同的水平速度v0向右运动,碰到右面的竖直挡板后木板以与原来等大反向的速度被反弹回来,运动过程中物块一直未离开木板,则关于物块运动的速度v随时间t变化的图象可能正确的是( )A.B.C.D.5.在升降电梯内的地板上放一体重计,电梯静止时,晓敏同学站在体重计上,体重计示数为50kg,电梯运动过程中,某一段时间内晓敏同学发现体重计示数如图所示,在这段时间内下列说法中正确的是( )A.晓敏同学所受的重力变小了B.晓敏对体重计的压力小于体重计对晓敏的支持力C.电梯一定在竖直向下运动D.电梯的加速度大小为,方向一定竖直向下6.如图所示为一种叫做“魔盘”的娱乐设施,当转盘转动很慢时,人会随着“魔盘”一起转动,当“魔盘”转动到一定速度时,人会“贴”在“魔盘”竖直壁上,而不会滑下.若魔盘半径为r,人与魔盘竖直壁间的动摩擦因数为μ,在人“贴”在“魔盘”竖直壁上,随“魔盘”一起运动过程中,则下列说法正确的是( )A.人随“魔盘”转动过程中受重力、弹力、摩擦力和向心力作用B.如果转速变大,人与器壁之间的摩擦力变大C.如果转速变大,人与器壁之间的弹力不变D.“魔盘”的转速一定大于7.如图所示,从A点由静止释放一弹性小球,一段时间后与固定斜面上B点发生碰撞,碰后小球速度大小不变,方向变为水平方向,又经过相同的时间落于地面上C 点,已知地面上D点位于B点正下方,B、D间距离为h,则( )A.A、B两点间距离为B.A、B两点间距离为C.C、D两点间距离为2hD.C、D两点间距离为8.飞机俯冲拉起时,飞行员处于超重状态,此时座位对飞行员的支持力大于所受的重力,这种现象叫过荷.过荷过重会造成飞行员大脑贫血,四肢沉重,暂时失明,甚至昏厥.受过专门训练的空军飞行员最多可承受9倍重力的支持力影响.取g＝10m/s2,则当飞机在竖直平面上沿圆弧轨道俯冲速度为100m/s时,圆弧轨道的最小半径为( )A.100mB.111mC.125mD.250m9.如图所示,一根细线下端拴一个金属小球P,细线的上端固定在金属块Q上,Q 放在带小孔(小孔光滑)的水平桌面上,小球在某一水平面内做匀速圆周运动(圆锥摆).现使小球改到一个更高一些的水平面上做匀速圆周运动(图中P′位置),两次金属块Q都静止在桌面上的同一点,则后一种情况与原来相比较,下面的判断中正确的是( )A.细线所受的拉力变小B.小球P运动的角速度变小C.Q受到桌面的静摩擦力变大D.Q受到桌面的支持力变大10.“轨道康复者”是“垃圾”卫星的救星,被称为“太空110”,它可在太空中给“垃圾”卫星补充能源,延长卫星的使用寿命.假设“轨道康复者”的轨道半经为地球同步卫星轨道半径的五分之一,其运动方向与地球自转方向一致,轨道平面与地球赤道平面重合,下列说法正确的是( )A.“轨道康复者”可在高轨道上加速,以实现对低轨道上卫星的拯救B.站在赤道上的人观察到“轨道康复者”向西运动C.“轨道康复者”的速度是地球同步卫星速度的5 倍D.“轨道康复者”的加速度是地球同步卫星加速度的25倍11.如图所示,质量相同的甲乙两个小物块,甲从竖直固定的光滑圆弧轨道顶端由静止滑下,轨道半径为R,圆弧底端切线水平,乙从高为R的光滑斜面顶端由静止滑下.下列判断正确的是( )A.两物块到达底端时速度相同B.两物块运动到底端的过程中重力做功相同C.两物块到达底端时动能相同D.两物块到达底端时,甲物块重力做功的瞬时功率大于乙物块重力做功的瞬时功率12.如图所示,将质量为2m的重物悬挂在轻绳的一端,轻绳的另一端系一质量为m 的环,环套在竖直固定的光滑直杆上,光滑的轻小定滑轮与直杆的距离为d,杆上的A点与定滑轮等高,杆上的B点在A点下方距离为d处.现将环从A处由静止释放,不计一切摩擦阻力,下列说法正确的是( )A.环到达B处时,重物上升的高度B.环到达B处时,环与重物的速度大小相等C.环从A到B,环减少的机械能等于重物增加的机械能D.环能下降的最大高度为 d13.质量为m的物体静止在粗糙的水平地面上,从t＝0时刻开始受到方向恒定的水平拉力F作用,F与时间t的关系如图甲所示.物体在t0时刻开始运动,其v﹣t图象如图所示乙,若可认为滑动摩擦力等于最大静摩擦力,则( )A.物体与地面间的动摩擦因数为B.物体在t0时刻的加速度大小为C.物体所受合外力在t0时刻的功率为2F0v0D.水平力F在t0到2t0这段时间内的平均功率为F0(2v0+)14.2013年12月2日,我国探月卫星“嫦娥三号”在西昌卫星发射中心成功发射升空,飞行轨道示意图如图所示.“嫦娥三号”从地面发射后奔向月球,先在轨道工上运行,在P点从圆形轨道I进入椭圆轨道II,Q为轨道II上的近月点,则有“嫦娥三号”下列说法正确的是( )A.由于轨道II与轨道I都是绕月球运行,因此“嫦娥三号”在两轨道上运行具有相同的周期B.“嫦娥三号”从尸到Q的过程中月球的万有引力做正功,速率不断增大C.虽然“嫦娥三号”在轨道II上经过P的速度小于在轨道I上经过P的速度,但是在轨道B上经过P的加速度等于在轨道I上经过尸的加速度D.由于均绕月球运行,“嫦娥三号”在轨道I和轨道II上具有相同的机械能15.如图所示,M为固定在水平桌面上的有缺口的方形木块,abcd为半径是R的光滑圆弧形轨道,a为轨道的最高点,地面水平且有一定长度.今将质量为m的小球在d点的正上方高为h处由静止释放,让其自由下落到d处切入轨道内运动,不计空气阻力,则( )A.只要h大于R,释放后小球就能通过a点B.只要改变h的大小,就能使小球通过a点后,既可能落回轨道内,又可能落到de 面上C.无论怎样改变h的大小,都不可能使小球通过a点后落回轨道内D.调节h的大小,可以使小球飞出de面之外(即e的右侧)二、填空题(本题共2个小题,满分10分)16.某物理兴趣小组在探究平抛运动的规律实验时,将小球做平抛运动,用频闪照相机对准方格背景照相,拍摄到了如图所示的照片,已知每个小方格边长9.8cm,当地的重力加速度为g＝9.8m/s2,计算结果保留3位有效数字.(1)若以拍摄的第一点为坐标原点,水平向右和竖直向下为正方向,则没有被拍摄到的小球位置坐标为 (__________cm,__________cm).(2)小球平抛的初速度大小为__________ m/s.17.要测量两个质量不等的沙袋的质量,由于没有直接的测量工具,某实验小组选用下列器材：轻质定滑轮(质量和摩擦可忽略)、砝码一套(总质量m＝0.5kg)、细线、刻度尺、秒表.他们根据已学过的物理学知识,改变实验条件进行多次测量,选择合适的变量得到线性关系,作出图线并根据图线的斜率和截距求出沙袋的质量.请完成下列步骤.(1)实验装置如图所示,设右边沙袋A质量为m1,左边沙袋B的质量为m2(2)取出质量为m′的砝码放在右边沙袋中,剩余砝码都放在左边沙袋中,发现A 下降,B上升；(左右两侧砝码的总质量始终不变)(3)用刻度尺测出A从静止下降的距离h,用秒表测出A下降所用的时间t,则可知A的加速度大小a＝__________；(4)改变m′,测量相应的加速度a,得到多组m′及a的数据,作出__________(选填“am′”或“a﹣”)图线；(5)若求得图线的斜率k＝4m/(kg•s2),截距b＝2m/s2,则沙袋的质量m1＝__________kg,m2＝__________kg.三、解答题(本题共4小题,满分40分.解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤.只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题,答案中必须明确写出数值和单位)18.如图所示,小球由静止开始沿光滑轨道滑下,并沿水平方向抛出,小球抛出后落在斜面上.已知斜面的倾角为θ＝30°,斜面上端与小球抛出点在同一水平面上,下端与抛出点在同一竖直线上,斜面长度为L,斜面上M,N两点将斜面长度等分为3段.小球可以看作质点,空气阻力不计.为使小球能落在M点上,求：(1)小球抛出的速度多大？(2)释放小球的位置相对于抛出点的高度h是多少？19.在半径R＝4000km的某星球表面,宇航员做了如下实验,实验装置如图甲所示,竖直平面内的光滑轨道由轨道AB和圆弧轨道BC组成,将质量m＝0.2kg的小球从轨道上高H处的某点由静止滑下,用力传感器测出小球经过C点时对轨道的压力F,改变H的大小,可测出相应的F大小,F随H的变化关系如图乙所示,忽略星球自转.求：(1)圆弧轨道BC的半径r；(2)该星球的第一宇宙速度vⅠ.20.如图所示,用一根长为L＝1m的细线,一端系一质量为m＝1kg的小球(可视为质点),另一端固定在一光滑椎体顶端,锥面与竖直方向的夹角θ＝37°,当小球在水平面内绕锥体的轴做匀速圆周运动的角速度为ω时,细线的张力为F T.(g取10m/s2,结果可用根式表示)求：(1)若要小球离开锥面,则小球的角速度ω0至少为多大？(2)若细线与竖直方向的夹角为60°,则小球的角速度ω′为多大？(3)细线的张力F T与小球匀速转动的角速度ω的关系.21.如图所示,水平传送带以一定速度匀速运动,将质量m＝1kg的小物块轻轻放在传送带上的P点,物块运动到A点后被水平抛出,小物块恰好无碰撞地沿圆弧切线从B点进入竖直光滑圆弧轨道下滑.B、C为圆弧上的两点,其连线水平,已知圆弧对应圆心角θ＝106°,A点距水平面的高度h＝0.8m.小物块到达C点时的速度大小与B点相等,并沿固定斜面向上滑动,小物块从C点到第二次经过D点的时间间隔为0.8s,已知小物块与斜面间的动摩擦因数μ＝,重力加速度g取10m/s2,取sin53°＝0.8,cos53°＝0.6,求：(1)小物块从A到B的运动时间；(2)小物块离开A点时的水平速度大小；(3)斜面上C、D点间的距离.2015－2016学年河北省衡水中学高三(上)二调物理试卷一、选择题(本题共15小题,每小题4分,共60分.其中1－10小题是单选题,11－15是多选题,移选题给出的四个选项中,全部选对的得4分,选不全的得2分,有选错或不答的得0分)1.装修工人在搬运材料时将其从水平台面上拖出,如图所示,则在匀加速拖出过程中( )A.材料与平台之间的接触面积逐渐减小,摩擦力逐渐减小B.材料与平台之间的相对速度逐渐增大,摩擦力逐渐增大C.平台对材料的支持力逐渐减小,摩擦力逐渐减小D.材料与平台之间的动摩擦因数不变,支持力也不变,因而工人拉力也不变考点：滑动摩擦力；牛顿第二定律.分析：因材料与台面间有相对滑动,故为滑动摩擦力；而滑动摩擦力与接触面积、速度无关,只取决于正压力及动摩擦因数,分析在运动中材料对台面的正压力的变化,即可得出摩擦力是否发生变化.解答：解：匀加速拉动的过程,只能持续到重心离开台面的瞬间,故在匀加速拉动过程中,物体的重心在台面上,故物体对台面的压力不变,故物体受到的支持力不变,故C错误；而在拉动过程中动摩擦因数不变,由F f＝μF N可知摩擦力是不变的；故A、B错误；因为摩擦力不变,物体做匀加速直线运动,由牛顿第二定律可知F﹣F f＝ma,因为加速度不变,摩擦力不变,所以工人的拉力是不变的,故D正确；故选D.点评：滑动摩擦力的大小取决于正压力及动摩擦因素,分析物理问题时应注意排除干扰,准确把握物理概念规律的决定因素.2.在如图所示的四个图中,AB、BC均为轻质杆,各圈中杆的A、C端都通过铰链与墙连接,两杆都在B处由铰链连接,下列说法正确的是( )A.图中的AB杆可以用与之等长的轻绳代替的有甲、乙B.图中的AB杆可以用与之等长的轻绳代替的有甲、丙、丁C.图中的BC杆可以用与之等长的轻绳代替的有乙、丙D.图中的BC杆可以用与之等长的轻绳代替的有甲、丙考点：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力.专题：共点力作用下物体平衡专题.分析：绳子只能受到拉力,而杆的弹力方向不一定沿杆子方向,当杆受到拉力时,可以用轻绳代替.解答：解：由图看出,甲、丙、丁中,AB杆对B点产生的是拉力,当用轻绳代替时效果不变,仍能使装置平衡,故图中的AB杆可以用与之等长的轻绳代替的有,甲、丙、丁.同理可知,图中的BC杆可以用与之等长的轻绳代替的只有丙.故选：B.点评：本题运用等效的思想分析,当轻绳与轻杆的作用相同时,可以相互替代.3.一质点沿x轴正方向做直线运动,通过坐标原点时开始计时,其﹣t的图象如图所示,则下列说法正确的是( )A.质点做匀速直线运动,速度为0.5m/sB.质点做匀加速直线运动,加速度为0.5m/sC.质点在第1 s内的平均速度0.75m/sD.质点在1 s末速度为1.5m/s考点：匀变速直线运动的图像.专题：运动学中的图像专题.分析：﹣t的图象即v﹣t图象,倾斜的直线表示匀速直线运动,图线的斜率等于加速度,由图直接读出速度.由求平均速度.解答：解：A、﹣t图象即v﹣t图象,由图知质点的速度均匀增大,说明质点做匀加速直线运动,故A错误.B、质点做匀加速直线运动,根据x＝v0t+at2,得＝v0+at,由图得：a＝0.5,则加速度为 a＝2×0.5＝1m/s2.故B错误.C、质点在第1s内的平均速度＝＝m/s＝1m/s,故C错误.D、质点的初速度 v0＝0.5m/s,在1s末速度为 v＝v0+at＝0.5+1＝1.5m/s.故D正确.故选：D点评：本题的实质上是速度﹣﹣时间图象的应用,要明确斜率表示加速度,能根据图象读取有用信息.4.如图所示,光滑水平面上有一矩形长木板,木板左端放一小物块,已知木板质量大于物块质量,t＝0时两者从图中位置以相同的水平速度v0向右运动,碰到右面的竖直挡板后木板以与原来等大反向的速度被反弹回来,运动过程中物块一直未离开木板,则关于物块运动的速度v随时间t变化的图象可能正确的是( )A.B.C.D.考点：匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系.专题：运动学中的图像专题.分析：木板碰到挡板前,物块与木板一直做匀速运动,木板碰到挡板后,物块继续向右做匀减速运动,木板向左做匀减速运动,最终两者速度相同,由动量守恒分析最终的速度,即可选择图象.解答：解：木板碰到挡板前,物块与木板一直做匀速运动,速度为v0；木板碰到挡板后,物块向右做匀减速运动,速度减至零后向左做匀加速运动,木板向左做匀减速运动,最终两者速度相同,设为v.设木板的质量为M,物块的质量为m,取向左为正方向,则由动量守恒得：Mv0﹣mv0＝(M+m)v,得 v＝＜v0故A正确,BCD错误.故选：A.点评：解决本题的关键要正确分析物体的运动情况,明确木板碰到挡板后,系统的动量守恒,运用动量守恒定律研究最终的共同速度.5.在升降电梯内的地板上放一体重计,电梯静止时,晓敏同学站在体重计上,体重计示数为50kg,电梯运动过程中,某一段时间内晓敏同学发现体重计示数如图所示,在这段时间内下列说法中正确的是( )A.晓敏同学所受的重力变小了B.晓敏对体重计的压力小于体重计对晓敏的支持力C.电梯一定在竖直向下运动D.电梯的加速度大小为,方向一定竖直向下考点：牛顿运动定律的应用－超重和失重.专题：牛顿运动定律综合专题.分析：体重计示数小于体重说明处于失重状态,则电梯应具有向下的加速度. 解答：解：A、体重计示数小于体重说明晓敏对体重计的压力小于重力,并不是体重变小.故A错误B、晓敏对体重计的压力与体重计对晓敏的支持力是作用力与反作用力,大小相等.故B错误C、电梯做向上的减速运动也会是失重状态,示数小于其重力.故C错误D、以人为研究对象,mg﹣F N＝ma 求得：.故D正确故选：D点评：明确失重是物体对与之接触的物体的弹力小于重力,不是重力变小了.6.如图所示为一种叫做“魔盘”的娱乐设施,当转盘转动很慢时,人会随着“魔盘”一起转动,当“魔盘”转动到一定速度时,人会“贴”在“魔盘”竖直壁上,而不会滑下.若魔盘半径为r,人与魔盘竖直壁间的动摩擦因数为μ,在人“贴”在“魔盘”竖直壁上,随“魔盘”一起运动过程中,则下列说法正确的是( )A.人随“魔盘”转动过程中受重力、弹力、摩擦力和向心力作用B.如果转速变大,人与器壁之间的摩擦力变大C.如果转速变大,人与器壁之间的弹力不变D.“魔盘”的转速一定大于考点：向心力.专题：匀速圆周运动专题.分析：人随“魔盘”转动过程中受重力、弹力、摩擦力作用,由弹力提供圆周运动所需的向心力,由牛顿第二定律和向心力公式结合分析.解答：解：A、人随“魔盘”转动过程中受重力、弹力、摩擦力,向心力是弹力,故A错误.B、人在竖直方向受到重力和摩擦力,二力平衡,则知转速变大时,人与器壁之间的摩擦力不变.故B错误.C、如果转速变大,由F＝mrω2,知人与器壁之间的弹力变大,故C错误.D、人恰好贴在魔盘上时,有mg≤f,N＝mr(2πn)2,又f＝μN解得转速为n≥,故“魔盘”的转速一定大于,故D正确.故选：D.点评：解决本题的关键要正确分析人的受力情况,确定向心力来源,知道人靠弹力提供向心力,人在竖直方向受力平衡.7.如图所示,从A点由静止释放一弹性小球,一段时间后与固定斜面上B点发生碰撞,碰后小球速度大小不变,方向变为水平方向,又经过相同的时间落于地面上C 点,已知地面上D点位于B点正下方,B、D间距离为h,则( )A.A、B两点间距离为B.A、B两点间距离为C.C、D两点间距离为2hD.C、D两点间距离为考点：平抛运动.专题：平抛运动专题.分析：小球在AB段做自由落体运动,BC段做平抛运动,由于运动时间相等,则自由落体运动的高度和平抛运动的高度相等,根据速度位移公式求出平抛运动的初速度,结合时间求出水平位移.解答：解：A、AB段小球自由下落,BC段小球做平抛运动,两段时间相同,所以A、B两点间距离与B、D两点间距离相等,均为h,故A、B错误；C、BC段平抛初速度,持续的时间,所以C、D两点间距离x＝vt＝2h,故C正确,D错误.故选：C.点评：解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律,结合运动学公式灵活求解,基础题.8.飞机俯冲拉起时,飞行员处于超重状态,此时座位对飞行员的支持力大于所受的重力,这种现象叫过荷.过荷过重会造成飞行员大脑贫血,四肢沉重,暂时失明,甚至昏厥.受过专门训练的空军飞行员最多可承受9倍重力的支持力影响.取g＝10m/s2,则当飞机在竖直平面上沿圆弧轨道俯冲速度为100m/s时,圆弧轨道的最小半径为( )A.100mB.111mC.125mD.250m考点：向心力；牛顿第二定律.专题：牛顿第二定律在圆周运动中的应用.分析：在最低点,飞行员受到重力和支持力两个力,由其合力提供其向心力,当支持力为9倍重力时,圆弧轨道半径最小,根据牛顿第二定律求解圆弧轨道的最小半径.解答：解：在飞机经过最低点时,对飞行员受力分析：重力mg和支持力N,两者的合力提供向心力,由题意,N＝9mg时,圆弧轨道半径最小,由牛顿第二定律列出：N﹣mg＝m则得：8mg＝m联立解得：R min＝＝m＝125m故选：C点评：圆周运动涉及力的问题就要考虑到向心力,匀速圆周运动是由指向圆心的合力提供向心力.确定向心力的来源是解题的关键.9.如图所示,一根细线下端拴一个金属小球P,细线的上端固定在金属块Q上,Q 放在带小孔(小孔光滑)的水平桌面上,小球在某一水平面内做匀速圆周运动(圆锥摆).现使小球改到一个更高一些的水平面上做匀速圆周运动(图中P′位置),两次金属块Q都静止在桌面上的同一点,则后一种情况与原来相比较,下面的判断中正确的是( )A.细线所受的拉力变小B.小球P运动的角速度变小C.Q受到桌面的静摩擦力变大D.Q受到桌面的支持力变大考点：向心力；摩擦力的判断与计算.专题：匀速圆周运动专题.分析：金属块Q保持在桌面上静止,根据平衡条件分析所受桌面的支持力是否变化.以P为研究对象,根据牛顿第二定律分析细线的拉力的变化,判断Q受到桌面的静摩擦力的变化.由向心力知识得出小球P运动的角速度、周期与细线与竖直方向夹角的关系,再判断其变化.解答：解：A、设细线与竖直方向的夹角为θ,细线的拉力大小为T,细线的长度为L.P球做匀速圆周运动时,由重力和细线的拉力的合力提供向心力,如图,则有：T＝,mgtanθ＝mω2Lsinθ,得角速度ω＝,周期T＝使小球改到一个更高一些的水平面上作匀速圆周运动时,θ增大,cosθ减小,则得到细线拉力T增大,角速度增大,周期T减小.对Q球,由平衡条件得知,Q受到桌面的静摩擦力变大,故AB错误,C正确；D、金属块Q保持在桌面上静止,根据平衡条件得知,Q受到桌面的支持力等于其重力,保持不变.故D错误.故选：C点评：本题中一个物体静止,一个物体做匀速圆周运动,分别根据平衡条件和牛顿第二定律研究,分析受力情况是关键.10.“轨道康复者”是“垃圾”卫星的救星,被称为“太空110”,它可在太空中给“垃圾”卫星补充能源,延长卫星的使用寿命.假设“轨道康复者”的轨道半经为地球同步卫星轨道半径的五分之一,其运动方向与地球自转方向一致,轨道平面与地球赤道平面重合,下列说法正确的是( )A.“轨道康复者”可在高轨道上加速,以实现对低轨道上卫星的拯救B.站在赤道上的人观察到“轨道康复者”向西运动C.“轨道康复者”的速度是地球同步卫星速度的5 倍D.“轨道康复者”的加速度是地球同步卫星加速度的25倍考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系.专题：人造卫星问题.分析：根据万有引力提供向心力,结合轨道半径的关系得出加速度和周期的关系.根据“轨道康复者”的角速度与地球自转角速度的关系判断赤道上人看到“轨道康复者”向哪个方向运动.解答：解：A、“轨道康复者”要在原轨道上减速,做近心运动,才能“拯救”更低轨道上的卫星.故A错误.B、因为“轨道康复者”绕地球做匀速圆周运动的周期小于同步卫星的周期,则小于地球自转的周期,所以“轨道康复者”的角速度大于地球自转的角速度,站在赤道上的人用仪器观察到“轨道康复者”向东运动.故B错误.C、根据得：v＝,因为“轨道康复者”绕地球做匀速圆周运动时的轨道半径为地球同步卫星轨道半径的五分之一,则“轨道康复者”的速度是地球同步卫星速度的倍.故C错误.D、根据得：a＝,因为“轨道康复者”绕地球做匀速圆周运动时的轨道半径为地球同步卫星轨道半径的五分之一,则“轨道康复者”的加速度是地球同步卫星加速度的25倍.故D正确.故选：D点评：解决本题的关键知道万有引力提供向心力这一重要理论,并能灵活运用,以及知道卫星变轨的原理,知道当万有引力大于向心力,做近心运动,当万有引力小于向心力,做离心运动.。

2016届河北省衡水中学高三(上)四调物理试题(解析版)

2016届河北省衡水中学高三（上）四调物理试题（解析版）一、选择题（本大题共15小题；每小题4分，共60分；其中5、6、7、8、10、11、14是多项选择题，其余各题是单项）1．下列说法正确的是：（）A．物体速度变化越大，则加速度一定越大B．物体动量发生变化，则物体的动能一定变化C．合外力对系统做功为零，则系统机械能一定守恒D．系统所受合外力为零，则系统的动量一定守恒．【考点】动量定理；速度；加速度；机械能守恒定律．【专题】动量定理应用专题．【分析】根据加速度的定义式判断加速度与速度变化量的关系，动量是矢量，动能是标量，动量变化，动能不一定变化；当系统只有重力做功，机械能守恒，当系统所受的外力之和为零，系统动量守恒．【解答】解：A、根据加速度a=知，速度变化越大，则加速度不一定大．故A错误．B、物体的动量发生变化，速度大小不一定变化，则动能不一定变化．故B错误．C、合外力对系统做功为零，可能存在除重力以外其它力做功，其它力不为零，则机械能不守恒．故C错误．D、系统所受的合外力为零，系统动量守恒．故D正确．故选：D．【点评】解决本题的关键知道系统机械能守恒、动量守恒的条件，知道动量是矢量，动能是标量，物体的动量变化，动能不一定变化，动能变化，则动量一定变化．2．氢原子能级如图，当氢原子从n=3跃迁到n=2的能级时，辐射光的波长为656nm，以下判断正确的是（）A．氢原子从n=2跃迁到n=1的能级时，辐射光的波长大于656nmB．用波长为325nm的光照射，可使氢原子从n=1跃迁到n=2的能级C．一群处于n=3能级上的氢原子向低能级跃迁时最多产生3种谱线D．用波长633nm的光照射，不能使氢原子从n=2跃迁到n=3的能级【考点】氢原子的能级公式和跃迁．【专题】原子的能级结构专题．【分析】大量处于n=3激发态的氢原子向低能级跃迁，可以辐射出3种不同频率的光子，跃迁释放能量满足△E=E m﹣E n．既不能多于能级差，也不能少于此值，同时根据，即可求解．【解答】解：A、从n=3跃迁到n=2的能级时，辐射光的波长为656nm，即有：h，而当从n=2跃迁到n=1的能级时，辐射能量更多，则频率更高，则波长小于656nm．故A错误．B、当从n=1跃迁到n=2的能级，需要吸收的能量为△E=（﹣3.4﹣（﹣13.6））×1.6×10﹣19J，根据A选项分析，则有：，解得：λ=122nm；故B错误；C、根据数学组合=3，可知一群n=3能级上的氢原子向低能级跃迁时最多产生3种谱线．故C正确．D、同理，氢原子的电子从n=2跃迁到n=3的能级，必须吸收的能量为△E′，与从n=3跃迁到n=2的能级，放出能量相等，因此只能用波长656nm的光照射，才能使得电子从n=2跃迁到n=3的能级．故D正确．故选：CD．【点评】解决本题的关键掌握光电效应的条件，以及知道能级间跃迁辐射的光子能量等于两能级间的能级差．3．已知钙和钾的截止频率分别为7.73×1014Hz和5.44×1014Hz，在某种单色光的照射下两种金属均发生光电效应，比较它们表面逸出的具有最大初动能的光电子，钙逸出的光电子具有较大的（）A．波长 B．频率 C．能量 D．动量【考点】电磁波谱．【专题】光电效应专题．【分析】根据爱因斯坦光电效应方程列式，分析钙逸出的光电子波长、频率、能量和动量大小．金属的逸出功W0=hγc，γc是金属的截止频率．【解答】解：根据爱因斯坦光电效应方程得：E k=hγ﹣W0，又W0=hγc联立得：E k=hγ﹣hγc，据题：钙的截止频率比钾的截止频率大，由上式可知：从钙表面逸出的光电子最大初动能较小，由P=，可知该光电子的动量较小，根据λ=可知，波长较大，则频率较小．故A正确，BCD错误．故选：A．【点评】解决本题的关键要掌握光电效应方程，明确光电子的动量与动能的关系、物质波的波长与动量的关系λ=．4．如图所示，x轴在水平地面上，y轴竖直向上，在y轴上的P点分别沿x轴正方向和y轴正方向以相同大小的初速度抛出两个小球a和b，不计空气阻力，若b上行的最大高度等于P点离地的高度，则从抛出到落地，有（）A．a的运动时间是b的运动时间的倍B．a的位移大小是b的位移大小的倍C．a、b落地时的速度相同，因此动能一定相同D．a、b落地时的速度不同，但动能可能相同【考点】动能定理的应用；平抛运动．【专题】定量思想；合成分解法；机械能守恒定律应用专题．【分析】a做平抛运动，运动平抛运动的规律得出时间与高度的关系．b做竖直上抛运动，上升过程做匀减速运动，下落做自由落体运动，分两段求运动时间，即可求解时间关系；b 的位移大小等于抛出时的高度．根据b的最大高度，求出初速度与高度的关系，即可研究位移关系；根据机械能守恒分析落地时动能关系．【解答】解：A、设P点离地的高度为h．对于b：b做竖直上抛运动，上升过程与下落过程对称，则b 上升到最大的时间为t1=，从最高点到落地的时间为t2=，故b运动的总时间t b=t1+t2=（+1）；对于a：做平抛运动，运动时间为t a=；则有t b=（+1）t a．故A错误．B、对于b：h=，则得v0=；对于a：水平位移为x=v0t=•=2h，a的位移为x a==h，而b的位移大小为h，则a的位移大小是b的位移大小的倍．故B正确．CD、根据机械能守恒定律得：E k=mgh+，若两球的质量相等，则两球落地时动能相同．而速度方向不同，则落地时速度不同．故C错误，D正确．故选：BD【点评】本题的解题关键要掌握竖直上抛和平抛两种运动的研究方法及其规律，并根据机械能守恒分析落地时动能关系．5．如图所示．光滑水平面上放着足够长的木板B，木板B上放着木块A，A、B间的接触面粗糙．现用一水平拉力F作用在A上使其由静止开始运动，用f1代表B对A的摩擦力，f2代表A对B的摩擦力，则下列情况可能的是（）A．拉力F做的功等于A、B系统动能的增加量B．拉力F做的功大于A、B系统动能的增加量C．拉力F和f1对A做的功之和小于A的动能的增加量D．f2对B做的功小于B的动能的增加量【考点】动能定理的应用．【专题】参照思想；推理法；动能定理的应用专题．【分析】对两物体及整体受力分析，结合可能的运动状态，由功能关系进行分析．【解答】解：A、若拉力不够大，AB一起加速运动时，对整体，根据动能定理可知，拉力F做的功等于A、B系统动能的增加量．故A正确．B、若拉力足够大，A与B有相对运动，对整体分析可知，F做功转化为转化为两个物体的动能及系统的内能；故拉力F做的功大于AB系统动能的增加量；故B正确．C、对A来说，只有拉力F和摩擦力f1做功，由动能定理可知，拉力F和f1对A做的功之和等于A的动能的增加量．故C错误．D、对B来说，只有摩擦力f2做功，由动能定理可知，f2对B做的功等于B的动能的增加量．故D错误．故选：AB【点评】本题考查了能量守恒定律和动能定理的运用，要灵活选择研究对象，正确分析能量是如何转化的，这是解决这类问题的关键．6．小行星绕恒星运动的同时，恒星均匀地向四周辐射能量，质量缓慢减小，可认为小行星在绕恒星运动一周的过程中近似做圆周运动．则经过足够长的时间后，小行星运动的（）A．半径变大 B．速率变大 C．加速度变小D．周期变小【考点】万有引力定律及其应用；向心力．【专题】定性思想；推理法；万有引力定律的应用专题．【分析】恒星均匀地向四周辐射能量，质量缓慢减小，二者之间万有引力减小，小行星做离心运动，即半径增大，又小行星绕恒星运动做圆周运动，万有引力提供向心力，可分析线速度、周期、加速度等．【解答】解：A、恒星均匀地向四周辐射能量，质量缓慢减小，二者之间万有引力减小，小行星做离心运动，即半径增大，故A正确；B、根据得，a=，v=，T=，因为r增大，M减小，则a减小，v减小，T增大．故C正确，B、D错误．故选：AC．【点评】关于万有引力与航天，记住作圆周运动万有引力等于向心力；离心运动，万有引力小于向心力；向心运动，万有引力大于向心力．7．A、B两物体在光滑水平面上沿同一直线运动，图表示发生碰撞前后的v﹣t图线，由图线可以判断（）A．A、B的质量比为3：2 B．A、B作用前后总动量守恒C．A、B作用前后总动量不守恒D．A、B作用前后总动能不变【考点】动量守恒定律；匀变速直线运动的图像．【分析】由图可以读出两物体碰撞前后的各自速度，根据动量守恒列方程求质量比．【解答】解：A、根据动量守恒定律：m A•6+m B•1=m A•2+m B•7得：m A：m B=3：2，故A正确；B、根据动量守恒知A、B作用前后总动量守恒，B正确C错误；D、作用前总动能：m A•62+m B•12=m A作用后总动能：m A•22+m B•72=m A可见作用前后总动能不变，D正确；故选：ABD．【点评】两物体碰撞过程系统所受合外力为零，系统动量守恒．8．如图甲所示，静止在水平地面的物块A，受到水平向右的拉力F作用，F与时间t的关系如图乙所示，设物块与地面的静摩擦力最大值f m与滑动摩擦力大小相等，则（）A．0～t1时间内F的功率逐渐增大B．t2时刻物块A的加速度最大C．t2时刻后物块A做反向运动D．t3时刻物块A的动能最大【考点】动能定理的应用；功率、平均功率和瞬时功率．【专题】压轴题；动能定理的应用专题．【分析】当拉力大于最大静摩擦力时，物体开始运动；当物体受到的合力最大时，物体的加速度最大；由动能定理可知，物体拉力做功最多时，物体获得的动能最大．【解答】解：A、由图象可知，0～t1时间内拉力F小于最大静摩擦力，物体静止，拉力功率为零，故A错误；B、由图象可知，在t2时刻物块A受到的拉力最大，物块A受到的合力最大，由牛顿第二定律可得，此时物块A的加速度最大，故B正确；C、由图象可知在t2～t3时间内物体受到的合力与物块的速度方向相同，物块一直做加速运动，故C错误；D、由图象可知在t1～t3时间内，物块A受到的合力一直做正功，物体动能一直增加，在t3时刻以后，合力做负功．物块动能减小，因此在t3时刻物块动能最大，故D正确；故选BD．【点评】根据图象找出力随时间变化的关系是正确解题的前提与关键；要掌握图象题的解题思路．9．如图所示，在光滑的水平面上，质量为m1的小球A以速率v0向右运动．在小球的前方O点处有一质量为m2的小球B处于静止状态，Q点处为一竖直的墙壁．小球A与小球B发生弹性碰撞后两小球均向右运动．小球B与墙壁碰撞后原速率返回并与小球A在P点相遇．=2，则两小球的质量之比m1：m2为（）A．7：5 B．1：3 C．2：1 D．5：3【考点】动量守恒定律．【分析】根据碰后再次相遇的路程关系，求出小球碰后的速度大小之比，根据碰撞过程中动量、能量守恒列方程即可求出两球的质量之比．【解答】解：设A、B两个小球碰撞后的速度分别为v1、v2，以向右为正好方向，由动量守恒定律有：m1v0=m1v1+m2v2…①由能量守恒定律有：m1v02=m1v12+m2v22 ②两个小球碰撞后到再次相遇，其速度率不变，由运动学规律有：v1：v2=：（+2）=1：5…③联立①②③，代入数据解得：m1：m2=5：3故选：D．【点评】解答本题的突破口是根据碰后路程关系求出碰后的速度大小之比，本题很好的将直线运动问题与动量守恒和功能关系联系起来，比较全面的考查了基础知识．10．两个小球在光滑水平面上沿同一直线，同一方向运动，B球在前．A球在后．m A=1kg，m B=2kg，v A=6m/s，v B=2m/s，当A球与B球发生碰撞后，A、B两球速度可能为（）A．v A=4m/s，v B=4m/s B．v A=2m/s，v B=5m/sC．v A=﹣4m/s，v B=6m/s D．v A=7m/s，v B=2.5m/s【考点】动量守恒定律．【分析】两球碰撞过程，系统不受外力，故碰撞过程系统总动量守恒；碰撞过程中系统机械能可能有一部分转化为内能，根据能量守恒定律，碰撞后的系统总动能应该小于或等于碰撞前的系统总动能；同时考虑实际情况，碰撞后A球速度不大于B球的速度．【解答】解：两球碰撞过程系统动量守恒，以两球的初速度方向为正方向，如果两球发生完全非弹性碰撞，由动量守恒定律得：m A v A+m B v B=（m A+m B）v，代入数据解得：v=m/s，如果两球发生完全弹性碰撞，有：m A v A+m B v B=m A v A′+m B v B′，由机械能守恒定律得：m A v A2+m B v B2=m A v A′2+m B v B′2，代入数据解得：v A′=m/s，v B′=m/s，则碰撞后A、B的速度：m/s≤v A≤m/s，m/s≤v B≤m/s，故选：B．【点评】本题碰撞过程中动量守恒，同时要遵循能量守恒定律，不忘联系实际情况，即后面的球不会比前面的球运动的快．11．如图所示，生产车间有两个相互垂直且等高的水平传送带甲和乙，甲的速度为v0．小工件离开甲前与甲的速度相同，并平稳地传到乙上．乙的宽度足够大，速度为v1．则（）A．在地面参考系中，工件做类平抛运动B．在乙参考系中，工件在乙上滑动的轨迹是直线C．工件在乙上滑动时，受到乙的摩擦力方向不变D．工件沿垂直于乙的速度减小为0时，工件的速度等于v1【考点】摩擦力的判断与计算；参考系和坐标系．【专题】摩擦力专题．【分析】在地面参考系中，沿甲与乙的运动方向分析摩擦力方向，根据合外力方向与初速度方向的夹角分析工件的运动情况．【解答】解：A、在地面参考系中，沿甲运动的方向滑动摩擦力分力向左，沿乙运动的方向滑动摩擦力沿乙运动方向，则摩擦力的合力如图．合初速度沿甲运动的方向，则合力与初速度不垂直，所以工件做的不是类平抛运动．故A错误．B、在乙参考系中，如右图所示，摩擦力的合力与合初速度方向相反，故工件在乙上滑动的轨迹是直线，做匀减速直线运动，故B正确．C、工件在乙上滑动时，在x轴方向做匀减速直线运动，在y轴方向做匀加速直线运动，可知两个方向摩擦力的分力不变，受到乙的摩擦力方向不变，当工件沿垂直于乙的速度减小为0时，摩擦力方向沿y轴方向，摩擦力方向发生改变．故C错误．D、设t=0时刻摩擦力与纵向的夹角为α，侧向（x轴方向）、纵向（y轴方向）加速度的大小分别为a x、a y，则=tanα很短的时间△t内，侧向、纵向的速度增量大小分别为△v x=a x△t，△v y=a y△t解得：=tanα由题意知tanα==，则=，则当△v x=v0，△v y=v1，所以工件沿垂直于乙的速度减小为0时，工件的速度等于v1．故D 正确．故选：BD．【点评】本题考查工件在传送带上的相对运动问题，关键将工件的运动分解为沿传送带方向和垂直传送带方向，结合牛顿第二定律和运动学公式进行求解．12．人用手托着质量为m的“小苹果”，从静止开始沿水平方向运动，前进距离L后，速度为v（物体与手始终相对静止），物体与手掌之间的动摩擦因数为μ，则下列说法正确的是（）A．手对苹果的作用力方向竖直向上B．苹果所受摩擦力大小为μmgC．手对苹果做的功为mv2D．苹果对手不做功【考点】动能定理的应用；牛顿第二定律；功的计算．【专题】功的计算专题．【分析】分析手及苹果的运动，明确苹果及手的受力情况，根据摩擦力的性质及受力分析可确定摩擦力及手对苹果作用力的方向；根据动能定理可明确手对苹果所做的功．【解答】解：A、苹果的加速度方向水平方向，苹果的合力方向在水平方向上，苹果受到重力和手的作用力，而重力在竖直方向，故手的作用力应为斜上方，故A错误；B、由于苹果和手相对静止，故其受到的摩擦力为静摩擦力，不能确定是否等于μmg；故B 错误；C、由动能定理可知，合外力做功等于动能的改变量；竖直方向重力不做功；故手对苹果做的功为mv2；故C正确；D、由于手发生了位移，且受到水平方向的摩擦力；故苹果对手做功；故D错误；故选：C．【点评】本题考查了动能定理、受力分析及功的计算等，要注意体会受力分析的重要性，同时掌握用动能定理分析问题的能力．13．如图所示，一小球从斜轨道的某高度处由静止滑下，然后沿竖直光滑轨道的内侧运动．已知圆轨道的半径为R，忽略一切摩擦阻力．则下列说法正确的是（）A．在轨道最低点、最高点，轨道对小球作用力的方向是相同的B．小球的初位置比圆轨道最低点高出2R时，小球能通过圆轨道的最高点C．小球的初位置比圆轨道最低点高出0.5R时，小球在运动过程中能不脱离轨道D．小球的初位置只有比圆轨道最低点高出2.5R时，小球在运动过程中才能不脱离轨道【考点】机械能守恒定律；牛顿第二定律；向心力．【专题】机械能守恒定律应用专题．【分析】使小球能够通过圆轨道最高点，那么小球在最高点时应该是恰好是物体的重力作为物体的向心力，由向心力的公式可以求得此时的最小的速度，再由机械能守恒可以求得离最低点的高度h．【解答】解：A、小球在最高点时，若受弹力，则弹力一定竖直向上；而在最低点，支持力与重力的合力充当向心力，故作用力一定向上，故A错误；B、要使小球能通过最高点，则在最高点处应有：mg=；再由机械能守恒定律可知mgh=mg2R+mv2；解得小球初位置的高度至少为h=R；故小球高出2.5R时，小球才能通过最高点，故B错误；C、若小球距最低点高出0.5R时，由机械能守恒可知，小球应到达等高的地方，即0.5R处，小球受到圆轨道的支持，不会脱离轨道，故C正确；D、由C的分析可知，若小球的初位置低于0.5R时，也不会脱离轨道，故D错误；故选：C．【点评】本题考查机械能守恒及向心力公式，明确最高点的临界速度，并注意小球在轨道内不超过R时也不会离开轨道．14．在光滑的水平面上，动能为E0，动量为P0的小钢球1与静止的小钢球2发生碰撞，碰撞前后球1运动方向相反，将碰撞后球1的动能和动量大小记为E1和P1，球2的动能和动量大小记为E2和P2，则必有（）A．E1＜E0B．P1＜P0C．E2＞E0D．P2＞P0【考点】动量守恒定律．【分析】根据碰撞过程的两大基本规律：系统动量守恒和总动能不增加，分析可知得到：E1＜E0，E2＜E0，P1＜P0．由动量守恒定律分析P2与P0的关系．【解答】解：A、B、C由题，碰撞后两球均有速度．根据碰撞过程中总动能不增加可知，E1＜E0，E2＜E0，P1＜P0．否则，就违反了能量守恒定律．故AB正确，C错误．D、根据动量守恒定律得：P0=P2﹣P1，得到P2=P0+P1，可见，P2＞P0．故D正确．故选ABD【点评】本题考查对碰撞过程基本规律的理解和应用能力．碰撞过程的两大基本规律：系统动量守恒和总动能不增加，常常用来分析碰撞过程可能的结果．15．如图，表面光滑的固定斜面顶端安装一定滑轮，小物块A、B用轻绳连接并跨过滑轮（不计滑轮的质量和摩擦）．初始时刻，A、B处于同一高度并恰好静止状态．剪断两物块轻绳后A下落、B沿斜面下滑，则从剪断轻绳到物块着地，（）A．速率的变化量相同 B．机械能的变化量不同C．重力势能的变化量相同 D．重力做功的平均功率相同【考点】机械能守恒定律．【专题】机械能守恒定律应用专题．【分析】剪断轻绳后A自由下落，B沿斜面下滑，AB都只有重力做功，机械能守恒，重力势能变化量等于重力所做的功，重力做功的平均功率等于重力做功与时间的比值．【解答】解：设斜面倾角为θ，刚开始AB处于静止状态，所以m B gsinθ=m A g，所以m B＞m A，A、剪断轻绳后A自由下落，B沿斜面下滑，AB都只有重力做功，根据动能定理得：mv2=mghv=所以速度的变化量为v﹣0=，故A正确；B、剪断细线，A、B两物体都只有重力做功，机械能守恒，则机械能的变化量都为零，故B错误；C、重力势能变化量△E P=mgh，由于AB的质量不相等，所以重力势能变化不相同，故C错误；D、A运动的时间为：t 1=，所以A重力做功的平均功率为：=B运动有：=gsinθt22，解得：t2=，所以B重力做功的平均功率为：=，而m B gsinθ=m A g，所以重力做功的平均功率相等，故D正确．故选：AD【点评】重力做功决定重力势能的变化与否，若做正功，则重力势能减少；若做负功，则重力势能增加，重力做功的平均功率等于重力做功与时间的比值，难度适中．二、非选择题（本大题共6小题，共50分）16．与打点计时器一样，光电计时器也是一种研究物体运动情况时的常用计时仪器，如图甲所示，a、b分别是光电门的激光发射和接收装置．现利用如图乙所示的装置验证滑块所受外力做功与其动能变化的关系．方法是：在滑块上安装一遮光板，把滑块放在水平放置的气垫导轨上（滑块在该导轨上运动时所受阻力可忽略），通过跨过定滑轮的细绳与钩码相连，连接好1、2两个光电门，在图示位置释放滑块后，光电计时器记录下滑块上的遮光板先后通过两个光电门的时间分别为△t1、△t2．已知滑块（含遮光板）质量为M、钩码质量为m、两光电门间距为S、遮光板宽度为L、当地的重力加速度为g．①用游标卡尺（20分度）测量遮光板宽度，刻度如图丙所示，读数为 5.70mm；②本实验想用钩码的重力表示滑块受到的合外力，为减小这种做法带来的误差，实验中需要满足的条件是M远大于m（填“大于”、“远大于”、“小于”或“远小于”）③计算滑块先后通过两个光电门时的瞬时速度的表达式为：v1=、v2=；（用题中所给字母表示）④本实验中，验证滑块运动的动能定理的表达式为mgs=M（）2﹣M（）2．（用题中所给字母表示）【考点】探究功与速度变化的关系．【专题】实验题；动能定理的应用专题．【分析】（1）游标卡尺的读数等于主尺读数加上游标读数，不需估读．（2）滑块在水平木板运动时水平方向上受到绳的拉力和摩擦力，想用钩码的重力表示小车受到的合外力，首先需要平衡摩擦力；其次：必须要满足钩码的质量远小于滑块的总质量．（3、4）根据极短时间内的平均速度表示瞬时速度求出滑块先后通过两个光电门的瞬时速度．抓住滑块重力势能的减小量等于滑块动能的增加量列出表达式．【解答】解：（1）游标卡尺的主尺读数为5mm，游标读数为0.05×14mm=0.70mm，则最终读数为5+0.70=5.70mm．（2）由于滑块在运动的过程中受到阻力，为了减小阻力的影响，需平衡摩擦力．设钩码的质量为m，滑块的质量为M，对系统运用牛顿第二定律得，a=，则绳子的拉力T=Ma==，当m＜＜M时，绳子的拉力等于钩码的重力．（3）滑块通过光电门1的瞬时速度v1=，通过光电门2的瞬时速度v2=．（4）滑块重力势能的减小量为mgs，滑块动能的增加量为M（）2﹣M（）2．则滑块的机械能守恒的表达式为mgs=M（）2﹣M（）2．故答案为：（1）5.70；（2）远大于，（3），；（4）mgs=M（）2﹣M（）2．【点评】（1、2）解决本题的关键掌握螺旋测微器和游标卡尺的读数方法，以及掌握用钩码重力表示小车所受合力的处理方法．（3、4）解决本题的关键知道极短时间内的平均速度可以表示瞬时速度，以及掌握该实验的原理，滑块的机械能守恒．17．用如图1实验装置验证m1、m2组成的系统机械能守恒．m2从高处由静止开始下落，m1上拖着的纸带打出一系列的点，对纸带上的点迹进行测量，即可验证机械能守恒定律．图2给出的是实验中获取的一条纸带：0是打下的第一个点，每相邻两计数点间还有4个打点（图中未标出），计数点间的距离如图2所示．已知m1=50g、m2=150g，则（结果保留两位有效数字）（1）在纸带上打下记数点5时的速度v= 2.4m/s；（2）在0～5过程中系统动能的增量△E K=0.58J，系统势能的减少量△E P=0.59J；（3）若某同学作出图象如图3，则当地的重力加速度g=9.7m/s2．【考点】验证机械能守恒定律．【专题】实验题；机械能守恒定律应用专题．【分析】（1）根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出点5的瞬时速度．（2）根据点5的瞬时速度求出系统动能的增加量，根据下落的高度求出系统重力势能的减小量．（3）根据机械能守恒定律得出的关系式，根据图线的斜率得出重力加速度的值．【解答】解：（1）．（2）在0～5过程中系统动能的增量△E K=J≈0.58J．系统重力势能的减小量为（m2﹣m1）gx=0.1×9.8×（0.384+0.216）J≈0.59J．。

高三物理上学期期中-衡水市冀州中学2016届高三上学期期中考试物理试题及答案试题B卷

河北省衡水市冀州中学2016届高三上学期期中考试物理试题B卷考试时间：90分钟试题分数：110分第Ⅰ卷（选择题共60分）一、选择题(本题共20小题，共60分．其中1—12题只有一个选项正确，13-20为多选题全部选对的得3分，只选一个且正确的得2分，有选错或不答的得0分)1、爱因斯坦提出了光量子概念并成功地解释光电效应的规律而获得1921年的诺贝尔物理学奖。

某种金属逸出光电子的最大初动能E km与入射光频率ν的关系如图所示，其中ν为极限频率。

从图中可以确定的是( )A．逸出功与ν有关B．E km与入射光强度成正比C．ν<ν0时，会逸出光电子D．图中直线的斜率与普朗克常量有关2．如图所示是做匀变速直线运动的质点在0--6s内的位移—时间图线。

若t=1s时，图线所对应的切线斜率为4（单位：m/s）。

则：( )A．t=1s时，质点在x=2 m的位置B．t=1s和t=5s时，质点的速率相等C．t=1s和t=5s时，质点加速度的方向相反D．前5s内，合外力对质点做正功3．如图所示，物块A放在直角三角形斜面体B上面，B放在弹簧上面并紧挨着竖直墙壁，初始时A、B静止；现用力F沿斜面向上推A，但A、B仍未动。

则施力F后，下列说法正确的是()A．A、B之间的摩擦力一定变大B．B与墙面的弹力可能不变C．B与墙之间可能没有摩擦力D．弹簧弹力一定不变4．如图所示，物体A、B通过细绳及轻质弹簧连接在轻滑轮两侧，物体A、B的质量都为m。

现用手托着物体A使弹簧处于原长，细绳刚好竖直伸直，A与地面的距离为h，物体B静止在地面上。

放手后物体A下落，与地面即将接触时速度大小为v，此时物体B 对地面恰好无压力。

（设物体A落地后不反弹）。

则下列说法中正确的是( )A．弹簧的劲度系数为mg/hB．A落地时，弹簧的弹性势能等于mgh+mv2/2C．与地面即将接触时A的加速度大小为g，方向竖直向上D．物体A落地后B能上升到的最大高度为h5．一皮带传送装置如图所示，轻弹簧一端固定，另一端连接一个质量为m的滑块，已知滑块与皮带之间存在摩擦。

河北省衡水中学2017届高三(上)第一次调研物理试卷(解析版)

2016-2017学年河北省衡水中学高三（上）第一次调研物理试卷一、选择题（每题4分）1．如图所示，倾角为θ的斜面体C置于水平面上，B置于斜面C上，通过细绳跨过光滑的定滑轮与A相连接，连接B的一段细绳与斜面平行，A、B、C都处于静止状态．则（）A．水平面对C的支持力小于B、C的总重力B．B一定受到C的摩擦力C．C受到水平面的摩擦力为零D．若将细线剪断，B物体开始沿斜面向下滑动，则水平面对C的摩擦力不为零2．如图所示，直线a和曲线b分别是在平直公路上行驶的汽车a和b的位置﹣时间（x﹣t）图线，由图可知（）A．在t1时刻，a、b两车的运动方向相同B．在t2时刻，a、b两车的速度相同C．在t1到t3这段时间内，a、b两车的平均速率相等D．在t1到t3这段时间内，a、b两车的平均速度大小相等3．下列说法正确的是（）A．按照玻尔理论，氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，电子的动能减小，原子总能量也减小B．β衰变所释放的电子是原子核内的中子转化成质子和电子所产生的C．在康普顿效应中，当入射光子与晶体中的电子碰撞时，把一部分动量转移给电子，因此，光子散射后波长变长D．放射性元素的半衰期会随温度或压强的变化而变化4．a、b两束色光，分别沿半径方向射向圆柱形的玻璃砖，其出射光线都是由圆心O沿OP 方向射出，如图所示，则下列说法中正确的是（）A．b在介质中的折射率比a小B．若用a光做单缝衍射实验，要比用b时中央条纹更宽C．若a、b两束色光都发生了全反射，则b光的临界角小D．a光在玻璃中的速度较小5．如图所示，形状和质量完全相同的两个圆柱体a、b靠在一起，表面光滑，重力为G，其中b的下半部刚好固定在水平面MN的下方，上边露出另一半，a静止在平面上．现过a的轴心施以水平作用力F，可缓慢的将a拉离平面一直滑到b的顶端，对该过程分析，则应有（）A．拉力F先增大后减小，最大值是GB．开始时拉力F最大为G，以后逐渐减小为0C．a、b间的压力开始最大为2G，而后逐渐减小到GD．a、b间的压力由0逐渐增大，最大为G6．如图所示，光滑的水平地面上有三块木块a、b、c，质量均为m，a、c之间用轻质细绳连接．现用一水平恒力F作用在b上，三者开始一起做匀加速运动，运动过程中把一块橡皮泥粘在某一木块上面，系统仍加速运动，且始终没有相对滑动．则在粘上橡皮泥并达到稳定后，下列说法正确的是（）A．若粘在c木块上面，绳的张力和a、b间摩擦力一定都减小B．若粘在a木块上面，绳的张力减小，a、b间摩擦力增大C．若粘在c木块上面，绳的张力增大，a、b间摩擦力不变D．若粘在b木块上面，绳的张力和a、b间摩擦力一定都减小7．如图所示，A、B都是重物，A被绕过的小滑轮P的细线所悬挂，小滑轮P被一根斜短线系于天花板上的O点．O′是三根线的结点，bO′水平拉着B物体，cO′沿竖直方向拉着弹簧，弹簧、细线、滑轮的重力和细线与滑轮间的摩擦力均可忽略，整个装置处于静止状态．若悬挂小滑轮的细线OP的张力是20N，则下列说法中正确的是（取g=10m/s2）（）A．弹簧的弹力为10NB．重物A的质量为2kgC．桌面对B物体的摩擦力为10ND．OP与竖直方向的夹角为60°8．如图所示，弹簧p和细绳q的上端固定在天花板上，下端用小钩勾住质量为m的小球C，弹簧、细绳和小钩的质量均忽略不计．静止时p、q与竖直方向的夹角均为60°．下列判断正确的有（）A．若p和球突然脱钩，则脱钩后瞬间q对球的拉力大小为mgB．若p和球突然脱钩，则脱钩后瞬间球的加速度大小为gC．若q和球突然脱钩，则脱钩后瞬间p对球的拉力大小为mgD．若q和球突然脱钩，则脱钩后瞬间球的加速度大小为g9．河水的流速与离河岸的关系如图甲所示，船在静水中的速度与时间关系如图乙所示，若要使船以最短时间渡河，则（）A．船渡河的航程是300mB．船在河水中的最大速度是5m/sC．船渡河的最短时间100sD．船在行驶过程中，船头始终与河岸垂直10．如图所示，一只猫在桌边猛地将桌布从鱼缸下拉出，鱼缸最终没有滑出桌面．若鱼缸、桌布、桌面两两之间的动摩擦因数均相等，则在上述过程中（）A．桌布对鱼缸摩擦力的方向向左B．鱼缸在桌布上的滑动时间和在桌面上的相等C．若猫增大拉力，鱼缸受到的摩擦力将增大D．若猫减小拉力，鱼缸有可能滑出桌面11．如图所示，将小球从倾角为45°的斜面上的P点先后以不同速度向右水平抛出，小球分别落到斜面上的A点、B点，以及水平面上的C点．已知B点为斜面底端点，P、A、B、C在水平方向间隔相等，不计空气阻力，则（）A．三次抛出小球后，小球在空中飞行的时间均不同B．小球落到A、B两点时，其速度的方向不同C．若小球落到A、C两点，则两次抛出时小球的速率之比为：3D．若小球落到B、C两点，则两次抛出时小球的速率之比为：312．如图所示，一质量为1kg的小物块自斜面上A点由静止开始下滑，经2s运动到B点后通过光滑的衔接孤面恰好滑上与地面等高的传送带上，传送带以4m/s的恒定速率顺时针运行．已知AB间距离为2m，传送带长度（即BC间距离）为10m，物块与传送带间的动縻擦因数为0.2．取g=10m/s2，下列说法正确的是（）A．物块在传送带上运动的时间为2.32sB．物块在传送带上因摩擦产生的热量为2 JC．物块在传送带上运动过程中传送带对物块做功为4 JD．物块滑上传送带后，传动系统因此而多消耗的能量为8 J13．如图甲所示，一轻质弹簧的下端固定在水平面上，上端放置一物体（物体与弹簧不连接），初始时物体处于静止状态．现用竖直向上的拉力F作用在物体上，使物体开始向上做匀加速运动，拉力F与物体位移x的关系如图b所示（g=10m/s2），则正确的结论是（）A．物体与弹簧分离时，弹簧处于压缩状态B．弹簧的劲度系数为7.5N/cmC．物体的质量为20kgD．物体的加速度大小为5m/s214．如图1所示，m A=4.0kg，m B=2.0kg，A和B紧靠着放在光滑水平面上，从t=0时刻起，对B施加向右的水平恒力F2=4.0N，同时对A施加向右的水平变力F1，F1变化规律如图2所示．下列相关说法中正确的是（）A．当t=0时，A、B物体加速度分别为a A=5m/s2，a B=2m/s2B．A物体作加速度减小的加速运动，B物体作匀加速运动C．t=12 s时刻A、B将分离，分离时加速度均为a=2m/s2D．A、B分离前后，A物体加速度变化规律相同15．如图1所示，小物块静止在倾角θ=37°的粗糙斜面上．现对物块施加一个沿斜面向下的推力F，力F的大小随时间t的变化情况如图2所示，物块的速率υ随时间t的变化规律如图3所示，取sin37°=0.6，cos37°=0.8，重力加速度g=10m/s2．下列说法正确的是（）A．物块的质量为1kgB．物块与斜面间的动摩擦因数为0.4C．0～3s时间内力F做功的平均功率为0.213WD．0～3s时间内物体克服摩擦力做的功为5.12J16．如图所示，质量均为m的A、B两物体叠放在竖直轻质弹簧并保持静止，用大小等于mg的恒力F竖直向上拉B，当上升距离为h时B与A开始分离．下列说法正确的是（）A．B与A刚分离时，弹簧为原长B．B与A刚分离时，A与B的加速度相同C．弹簧的劲度系数等于D．从开始运动到B与A刚分离的过程中，B物体的动能先增大后减小二、实验题17．现要测量滑块与木板之间的动摩擦因数，实验装置如图1所示．表面粗糙的木板一端固定在水平桌面上，另一端抬起一定高度构成斜面；木板上有一滑块，其后端与穿过打点计时器的纸带相连，打点计时器固定在木板上，连接频率为50Hz的交流电源．接通电源后，从静止释放滑块，滑块带动纸带上打出一系列点迹．（1）图2给出的是实验中获取的一条纸带的一部分：0、1、2、3、4、5、6是实验中选取的计数点，每相邻两计数点间还有4个打点（图中未标出），2、3和5、6计数点间的距离如图2所示．由图中数据求出滑块的加速度a=m/s2（结果保留三位有效数字）．（2）已知木板的长度为l，为了求出滑块与木板间的动摩擦因数，还应测量的物理量是．A．滑块到达斜面底端的速度v B．滑块的质量mC．滑块的运动时间t D．斜面高度h和底边长度x（3）设重力加速度为g，滑块与木板间的动摩擦因数的表达式μ=（用所需测量物理量的字母表示）18．如图1所示为“探究加速度与物体受力与质量的关系”实验装置图．图中A为小车，B为装有砝码的小桶，C为一端带有定滑轮的长木板，小车通过纸带与电火花打点计时器相连，计时器接50H Z交流电．小车的质量为m1，小桶（及砝码）的质量为m2．（1）下列说法正确的是．A．每次改变小车质量时，应重新平衡摩擦力B．实验时应先释放小车后接通电源C．本实验m2应远大于m1D．在用图象探究加速度与质量关系时，应作a﹣图象（2）实验时，某同学由于疏忽，遗漏了平衡摩擦力这一步骤，他测量得到的a﹣F图象，可能是图2中的图线．（选填“甲”、“乙”、“丙”）三、计算题19．如图所示：一根光滑的丝带两端分别系住物块A、C，丝带绕过两定滑轮，在两滑轮之间的丝带上放置了球B，D通过细绳跨过定滑轮水平寄引C物体．整个系统处于静止状态．已知M A=kg，M C=2kg，M D=0.5kg，B物体两侧丝带间夹角为60°，与C物体连接丝带与水平面夹角为30°．此时C恰能保持静止状态．求：（g=10m/s2）（1）物体B的质量m；（2）物体C与地面间的摩擦力f；（3）物体C与地面的摩擦系数μ（假设滑动摩擦力等于最大静摩擦力）．20．质量为10kg的环在拉力F的作用下，沿粗糙直杆向上做速度v0=5m/s的匀速运动，环与杆之间的动摩擦因数μ=0.5，杆与水平地面的夹角为θ=37°，拉力F与杆的夹角也为θ=37°，力F作用1s后撤去，环在杆上继续上滑了一段时间后，速度减为零．取g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，杆足够长，求：（1）环受到的拉力F；（2）环运动到杆底端时的速度v．21．风洞是研究空气动力学的实验设备．如图，将刚性杆水平固定在风洞内距地面高度H=3.2m处，杆上套一质量m=3kg，可沿杆滑动的小球．将小球所受的风力调节为F=15N，方向水平向左．小球以速度v0=8m/s向右离开杆端，假设小球所受风力不变，取g=10m/s2．求：（1）小球落地所需时间和离开杆端的水平距离；（2）小球落地时的动能．（3）小球离开杆端后经过多少时间动能为78J？22．如图所示，平板A长L=10m，质量M=4kg，放在光滑的水平面上，在A上最右端放一物块B（大小可忽略），其质量m=2kg．已知A、B间动摩擦因数μ=0.4，开始时A、B都处于静止状态（取g=10m/s2）．则（1）若加在平板A上的水平恒力F=6N时，平板A与物块B的加速度大小各为多少？（2）若加在平板A上的水平恒力F=40N时，要使物块B从平板A上掉下来F至少作用多长时间？2016-2017学年河北省衡水中学高三（上）第一次调研物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（每题4分）1．如图所示，倾角为θ的斜面体C置于水平面上，B置于斜面C上，通过细绳跨过光滑的定滑轮与A相连接，连接B的一段细绳与斜面平行，A、B、C都处于静止状态．则（）A．水平面对C的支持力小于B、C的总重力B．B一定受到C的摩擦力C．C受到水平面的摩擦力为零D．若将细线剪断，B物体开始沿斜面向下滑动，则水平面对C的摩擦力不为零【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．【分析】利用特殊值法，假设B的重力沿斜面的分量与A的重力大小相等时，即可得知B 相对C没有运动趋势，从而分析BC间是否有摩擦力；把BC看做一个整体，分析绳子对B的拉力在水平方向和竖直方向上分量，继而可知在水平方向上的运动趋势和竖直方向的受力关系，从而分析C受地面的摩擦力和地面上的支持力大小；剪断细线后分析物体的运动情况，根据摩擦力的定义可明确水平面对C的摩擦力大小．【解答】解：A、把BC看做一个整体，对其受力分析，绳子对B的拉力在竖直方向上有分量，所以水平面对C的支持力比B、C的总重力要小，故A正确；B、若AB的质量存在关系M A g=M B gsinθ时，B在斜面C上无相对运动趋势，所以此时BC 之间无摩擦力作用，故B错误．C、把BC看做一个整体，对其受力分析，不论B、C间摩擦力大小、方向如何，绳子对B 的拉力在水平方向上始终有向右的分量，所以整体有向右的运动趋势，所以水平面对C的摩擦力方向一定向左，故C错误．D、若将细线剪断，B向下滑动时，B对C有向下的滑动摩擦力，则C有向左的运动趋势，因此水平面对C有向右的摩擦力，故D正确．故选：AD．2．如图所示，直线a和曲线b分别是在平直公路上行驶的汽车a和b的位置﹣时间（x﹣t）图线，由图可知（）A．在t1时刻，a、b两车的运动方向相同B．在t2时刻，a、b两车的速度相同C．在t1到t3这段时间内，a、b两车的平均速率相等D．在t1到t3这段时间内，a、b两车的平均速度大小相等【考点】匀变速直线运动的图像；平均速度．【分析】位移时间关系图线反映位移随时间的变化规律，图线的斜率表示速度．平均速度等于位移与时间之比，而平均速率等于路程与时间之比．【解答】解：A、由x﹣t图线斜率表示速度，斜率的正负表示运动方向，分析可知，t1时刻a车沿正向运动，b车沿负向运动，两者运动方向相反，故A错误．B、x﹣t图线的斜率的正负表示运动方向，t2时刻，a车沿正方向运动，b车沿正方向运动，方向相同．故B正确．C、在t1到t2这段时间内，a、b两车运动的位移相同，由于a做匀速直线运动，b先沿负向运动后沿正向运动，所以b通过的路程较大，根据平均速率等于路程与时间之比，则知b的平均速率较大，两车的位移和时间相等，则平均速度相等，故C错误，D正确．故选：BD3．下列说法正确的是（）A．按照玻尔理论，氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，电子的动能减小，原子总能量也减小B．β衰变所释放的电子是原子核内的中子转化成质子和电子所产生的C．在康普顿效应中，当入射光子与晶体中的电子碰撞时，把一部分动量转移给电子，因此，光子散射后波长变长D．放射性元素的半衰期会随温度或压强的变化而变化【考点】原子核衰变及半衰期、衰变速度；氢原子的能级公式和跃迁．【分析】能级间跃迁时从高能级向低能级跃迁，辐射光子，从低能级向高能级跃迁，吸收光子；β衰变生成的电子是其中的中子转化为质子同时生成的；在康普顿效应中，散射光子的动量减小，根据德布罗意波长公式判断光子散射后波长的变化；放射性元素的半衰期是由原子核内的结构决定的，与温度或压强无关．【解答】解：A、可按库仑力对电子做负功进行分析，氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，电场力对电子做负功；故电子的动能变小，电势能变大（动能转为电势能）；由于发生跃迁时要吸收光子，故原子的总能量增加．故A错误；B、β衰变所释放的电子是原子核内的中子转化成质子和电子所产生的．故B正确；C、在康普顿效应中，当入射光子与晶体中的电子碰撞时，把一部分动量转移给电子，则动量减小，根据λ=，知波长增大．故C正确；D、放射性元素的半衰期是由原子核内的结构决定的，与温度或压强无关．故D错误．故选：BC．4．a、b两束色光，分别沿半径方向射向圆柱形的玻璃砖，其出射光线都是由圆心O沿OP 方向射出，如图所示，则下列说法中正确的是（）A．b在介质中的折射率比a小B．若用a光做单缝衍射实验，要比用b时中央条纹更宽C．若a、b两束色光都发生了全反射，则b光的临界角小D．a光在玻璃中的速度较小【考点】光的折射定律．【分析】光线在底面发生折射，折射角相同，由折射定律可得出两光的折射率，从而分析出光的频率和波长的大小，判断出波动性强弱．由v=分析光在玻璃中传播速度的大小．由sinC=分析临界角的大小．【解答】解：A、由图可知光从底面射出时，折射角相同，而a的入射角大于b的入射角，由折射定律可知：=可知，故a的折射率小于b的折射率；故A错误．B、因折射率越大，光的频率越大，故a的频率小于b的频率，a的波长大于b光的波长，则a光的波动性强，若用a光做单缝衍射实验，要比用b时中央条纹更宽；故B正确；C、由sinC=可知，a光的临界角要大于b光的临界角，故C正确；D、由v=分析可知，折射率越大，则光在玻璃中传播速度越小，故a光在玻璃中的速度较大，故D错误；故选：BC5．如图所示，形状和质量完全相同的两个圆柱体a、b靠在一起，表面光滑，重力为G，其中b的下半部刚好固定在水平面MN的下方，上边露出另一半，a静止在平面上．现过a的轴心施以水平作用力F，可缓慢的将a拉离平面一直滑到b的顶端，对该过程分析，则应有（）A．拉力F先增大后减小，最大值是GB．开始时拉力F最大为G，以后逐渐减小为0C．a、b间的压力开始最大为2G，而后逐渐减小到GD．a、b间的压力由0逐渐增大，最大为G【考点】共点力平衡的条件及其应用．【分析】a球缓慢上升，合力近似为零，分析a受力情况，由平衡条件得到F以及b球对a 的支持力与θ的关系式，即可分析其变化．【解答】解：对于a球：a球受到重力G、拉力F和b球的支持力N，由平衡条件得：F=Ncosθ，Nsinθ=G则得：F=Gcotθ，N=根据数学知识可知，θ从30°增大到90°，F和N均逐渐减小，当θ=30°，F有最大值为，N有最大值为2G，故BC正确．故选：BC．6．如图所示，光滑的水平地面上有三块木块a、b、c，质量均为m，a、c之间用轻质细绳连接．现用一水平恒力F作用在b上，三者开始一起做匀加速运动，运动过程中把一块橡皮泥粘在某一木块上面，系统仍加速运动，且始终没有相对滑动．则在粘上橡皮泥并达到稳定后，下列说法正确的是（）A．若粘在c木块上面，绳的张力和a、b间摩擦力一定都减小B．若粘在a木块上面，绳的张力减小，a、b间摩擦力增大C．若粘在c木块上面，绳的张力增大，a、b间摩擦力不变D．若粘在b木块上面，绳的张力和a、b间摩擦力一定都减小【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．【分析】对整体分析，根据牛顿第二定律可明确加速度的变化，再根据各项进行分析，灵活选择研究对象，根据牛顿第二定律即可明确拉力和摩擦力的变化．【解答】解；整体法可知，只要橡皮泥粘在物体上，物体的质量均增大，则由牛顿运动定律可知，加速度都要减小A、若橡皮泥粘在c物体上，将ab视为整体，F﹣F T=2ma，加速度减小，所以拉力F T变大，对b有F﹣f ab=ma，知f ab增大；故AC错误；B、若粘在a木块上面，以c为研究对象，由牛顿第二定律可得，F T=ma，因加速度减小，所以拉力减小，而对b物体有F﹣f ab=ma可知，摩擦力f ab应变大，故B正确；D、若橡皮泥粘在b物体上，将ac视为整体，有f ab=2ma，所以摩擦力是变小，再对c分析可知，绳子的拉力减小，故D正确．故选：BD7．如图所示，A、B都是重物，A被绕过的小滑轮P的细线所悬挂，小滑轮P被一根斜短线系于天花板上的O点．O′是三根线的结点，bO′水平拉着B物体，cO′沿竖直方向拉着弹簧，弹簧、细线、滑轮的重力和细线与滑轮间的摩擦力均可忽略，整个装置处于静止状态．若悬挂小滑轮的细线OP的张力是20N，则下列说法中正确的是（取g=10m/s2）（）A．弹簧的弹力为10NB．重物A的质量为2kgC．桌面对B物体的摩擦力为10ND．OP与竖直方向的夹角为60°【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．【分析】根据悬挂小滑轮的斜线中的拉力与O′a绳的拉力关系，求出O′a绳的拉力．以结点O′为研究对象，分析受力，根据平衡条件求出弹簧的弹力和绳O′b的拉力．重物A的重力大小等于O′a绳的拉力大小．再根据物体B平衡求出桌面对物体B的摩擦力．【解答】解：A、设悬挂小滑轮的斜线中的拉力与O′a绳的拉力分别为T1和T，则有：2Tcos30°=T1，解得：T=20N．以结点O′为研究对象，受力如图，根据平衡条件得，弹簧的弹力为F1=Tcos60°=10N．故A 正确．B、重物A的质量m A==2kg．故B正确．C、绳O′b的拉力F2=Tsin60°=20×N=．故C正确．D、由于动滑轮两侧绳子的拉力大小相等，根据对称性可知，细线OP与竖直方向的夹角为30°．故D错误．故选：ABC8．如图所示，弹簧p和细绳q的上端固定在天花板上，下端用小钩勾住质量为m的小球C，弹簧、细绳和小钩的质量均忽略不计．静止时p、q与竖直方向的夹角均为60°．下列判断正确的有（）A．若p和球突然脱钩，则脱钩后瞬间q对球的拉力大小为mgB．若p和球突然脱钩，则脱钩后瞬间球的加速度大小为gC．若q和球突然脱钩，则脱钩后瞬间p对球的拉力大小为mgD．若q和球突然脱钩，则脱钩后瞬间球的加速度大小为g【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．【分析】明确绳子与弹簧的性质，当弹簧脱钩后，绳子发生突变；而绳子脱钩后，弹簧不能突变；再根据受力分析即可求得球受到的合力，则可求得加速度．【解答】解：A、原来p、q对球的拉力大小均为mg．p和球脱钩后，球将开始沿圆弧运动，将q受的力沿法向和切线正交分解（见图1），得F﹣mgcos60°=，即F=，合力为mgsin60°，则加速度a=，故A、B错误．C、q和球突然脱钩后瞬间，p的拉力未来得及改变，仍为mg，因此合力为mg（见图2），球的加速度为大小为g．故C错误，D正确；故选：D．9．河水的流速与离河岸的关系如图甲所示，船在静水中的速度与时间关系如图乙所示，若要使船以最短时间渡河，则（）A．船渡河的航程是300mB．船在河水中的最大速度是5m/sC．船渡河的最短时间100sD．船在行驶过程中，船头始终与河岸垂直【考点】运动的合成和分解．【分析】找到船参加的两个分运动，然后运用合运动与分运动的等时和等效规律进行研究即可．【解答】解：A、C、当船头与河岸垂直时，渡河时间最短，由乙图可知河宽为300m；则时间为：t=s．由于船的运动还有沿水流方向的位移，所以船渡河的航程一定大于300m．故A错误，C正确；B、当v2取最大值4m/s时，合速度最大；为：v=m/s；故B正确；D、若要使船以最短时间渡河，则船在行驶过程中，船头始终与河岸垂直．故D正确．故选：BCD10．如图所示，一只猫在桌边猛地将桌布从鱼缸下拉出，鱼缸最终没有滑出桌面．若鱼缸、桌布、桌面两两之间的动摩擦因数均相等，则在上述过程中（）A．桌布对鱼缸摩擦力的方向向左B．鱼缸在桌布上的滑动时间和在桌面上的相等C．若猫增大拉力，鱼缸受到的摩擦力将增大D．若猫减小拉力，鱼缸有可能滑出桌面【考点】牛顿运动定律的综合应用；滑动摩擦力．【分析】根据摩擦力性质可判断鱼缸受到的摩擦力方向以及拉力变化时摩擦力的变化情况；再根据牛顿第二定律以及运动学公式进行分析，明确拉力变化后运动位移的变化情况．【解答】解：A、桌布向右拉出时，鱼缸相对于桌布有向左的运动，故鱼缸受到的摩擦力向右；故A错误；B、由于鱼缸在桌面上和在桌布上的动摩擦因数相同，故受到的摩擦力相等，则由牛顿第二定律可知，加速度大小相等；但在桌面上做减速运动，则由v=at可知，它在桌布上的滑动时间和在桌面上的相等；故B正确；C、鱼缸受到的摩擦力为滑动摩擦力，其大小与拉力无关，只与压力和动摩擦因数有关，因此增大拉力时，摩擦力不变；故C错误；D、猫减小拉力时，桌布在桌面上运动的加速度减小，则运动时间变长；因此鱼缸加速时间变长，桌布抽出时的位移以及速度均变大，则有可能滑出桌面；故D正确；故选：BD．11．如图所示，将小球从倾角为45°的斜面上的P点先后以不同速度向右水平抛出，小球分别落到斜面上的A点、B点，以及水平面上的C点．已知B点为斜面底端点，P、A、B、C在水平方向间隔相等，不计空气阻力，则（）A．三次抛出小球后，小球在空中飞行的时间均不同B．小球落到A、B两点时，其速度的方向不同C．若小球落到A、C两点，则两次抛出时小球的速率之比为：3D．若小球落到B、C两点，则两次抛出时小球的速率之比为：3【考点】平抛运动．【分析】三个小球均做平抛运动，可把平抛运动分解到水平方向和竖直方向去研究，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，平抛运动落在斜面上时，竖直方向的位移和。

河北省衡水中学2016届高三上学期期末考试物理试卷

衡水中学2016届高三上学期期末考试理综物理部分二、选择题：本题共8小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，第14~18题只有一项符合题目要求，第19~21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

14．下列四个图中所有接触面均粗糙，各物体均处于静止状态，其中物体A 受力个数可能超过5个的是( )15．某空间站正在地球赤道平面内的圆周轨道上运行，其离地球表面的高度为同步卫星离地球表面高度的十分之一，且运行方向与地球自转方向一致．下列说法不．正确．．的是（） A ．空间站运行的加速度小于地球表面的重力加速度B ．站在地球赤道上的人观测到空间站向东运动C ．在空间站工作的宇航员因受到平衡力作用而在舱中悬浮或静止D ．空间站运行的速度大于同步卫星运行速度16．如图所示，平行板电容器的两个极板竖直放置，并接直流电源。

若一带电粒子恰好能沿图中轨迹穿过电容器，a 到c 是直线，由于电极板边缘效应，粒子从c 到d 是曲线，重力加速度为g ，则该粒子（）A ．在ac 段受重力与电场力平衡并做匀速运动，cd 段电场力大于重力B ．a 到c 匀加速直线运动，加速度是g/cos θC ．a 至d 重力势能减小，电势能增加D ．a 至d 粒子所受合力一直沿轨迹的切线方向17．如图所示，线圈两端与电阻和电容器相连构成闭合回路，在线圈上方有一竖直放置的条形磁铁，磁铁的S 极朝下。

在将磁铁的S 极插入线圈的过程中( )A ．通过电阻的感应电流的方向由a 到b ，线圈与磁铁相互排斥B ．通过电阻的感应电流的方向由b 到a ，线圈与磁铁相互排斥C ．电容器的B 极板带正电，线圈与磁铁相互吸引D ．电容器的B 极板带负电，线圈与磁铁相互排斥18．如图所示，半径为R 的圆形区域内有垂直于纸面向里的匀强磁场。

重力不计、电荷量一定的带电粒子以速度v 正对着圆心O 射入磁场，若粒子射入、射出磁场点间的距离为R ，则粒子在磁场中运动的时间为（）A ．v R 932πB ．v R 32πC ．v R 332πD ．v R3π19．如图所示，质量为m 的小球套在倾斜放置的固定光滑杆上，一根轻质弹簧一端固定于O 点，另一端与小球相连，弹簧与杆在同一竖直平面内，将小球沿杆拉到弹簧水平位置由静止释放，小球沿杆下滑，当弹簧位于竖直位置时，小球速度恰好为零，此时小球下降的竖直高度为h ，若全过程中弹簧始终处于伸长状态且处于弹性限度范围内，下列说法正确的是（）A ．弹簧与杆垂直时，小球速度最大B ．弹簧与杆垂直时，小球的动能与重力势能之和最大C ．小球下滑至最低点的过程中，弹簧的弹性势能增加量小于mghD ．小球下滑至最低点的过程中，弹簧的弹性势能增加量等于mgh20．如图甲所示为一个质量为m 、电荷量为+q 的圆环，可在水平放置的足够长的粗糙细杆上滑动，细杆处于磁感应强度为B 的匀强磁场中，不计空气阻力，现给圆环向右的初速度v 0，在以后的运动过程中，圆环运动的速度图象可能是图乙中的（）21．如图所示，两个同心金属环水平放置，半径分别是r 和2r ，两环间有磁感应强度为B 、方向垂直环面向里的匀强磁场，在两环间连接有一个电容为C 的电容器，a 、b 是电容器的两个极板。

高三物理月考试题及答案-河北衡水中学2016届高三上学期七调考试理综试题

河北省衡水中学2016届高三上学期七调考试理综物理试题第Ⅰ卷（选择题共126分）二、选择题14、某同学为了测定木块与斜面间的动摩擦因数，他用测速仪研究木块在斜面上的运动情况，装置如图甲所示，他使木块以初速度04/v m s =的速度沿倾角030θ=的斜面上滑紧接着下滑至出发点，并同时开始记录数据，结果电脑只绘出了木块从开始上滑至最高点的v t -图线如图乙所示，g 取210/m s ，则根据题意计算出的下列物理量不正确的是（）A ．上滑过程中的加速度的大小218/m a s =B ．木块与斜面间的动摩擦因数μ=C ．木块回到出发点时的速度大小2/v m s =D ．木块经2s 返回出发点15、如下图所示，一传送带与水平方向的夹角为θ，以速度v 逆时针运转，将一物块轻轻放在传动带的上端，则物块在从A 到B 运动的过程中，机械能E 随位移变化的关系图像不可能是（）16、理论上已经证明质量分布均匀的球壳对壳内物体的引力为零，设地球是一个质量分布均匀的球体，设想沿地球的直径挖一条隧道，将物体从此隧道一端由静止释放刚好运动到另一端，如图所示，不考虑阻力，在此过程中关于物体的运动速度v 随时间t 变化的关系图像可能是（）17、如图所示，空间中的M 、N 处存在两个被固定的、等量同种正电荷，在它们的连线上有A 、B 、C 三点，已知MA CN NB ==，MA NA <，现有一正电荷q ，关于在电场中移动电荷q ，下列说法中正确的是（）A ．沿半圆弧l 将q 从B 点移到C 点，电场力不做功 B ．沿曲线r 将q 从B 点移到C 点，电场力做正功 C ．沿曲线s 将q 从A 点移到C 点，电场力不做功D ．沿直线将q 从A 点移到B 点，电场力做负功18、如图所示，两根长直导线竖直插入光滑绝缘水平桌面上的M 、N 两个小孔中，O 为M 、N 连线中点，连线上a 、b 两点关于O 点对称，导线均通有大小相等、方向向上的电流。

河北省衡水市景县中学2017届高三(上)期中物理试卷(解析版)

2016-2017学年河北省衡水市景县中学高三（上）期中物理试卷一、单项选择题，每小题只有一个符合题意要求的选项，每小题3分，10×3=30分1．下列关于物理学史和物理研究方法的叙述中正确的是（）A．根据速度的定义式v=，当△t取不同的时间段时，v都可以表示物体的瞬时速度B．牛顿发现了万有引力定律，并准确的测定了万有引力常量C．伽利略借助实验研究和逻辑推理得出了自由落体运动规律D．用比值定义的物理概念在物理学中占有相当大的比例，例如场强E=就是采用比值定义的2．甲乙两车在公路上沿同一方向做直线运动，它们的v﹣t图象如图所示．两图象在t=t1时相交于P点，P在纵轴与横轴上的投影分别为R和Q，矩形ORPQ的面积为S．在t=0时刻，乙车在甲车前面，相距为X0．已知此后两车相遇两次，且第一次相遇的时刻为t′，则下面四组t′和X0的组合可能是（）A．t′=t1，X0=S B．t′=，X0=SC．t′=，X0=S D．t′=，X0=S3．一滑块在水平地面上沿直线滑行，t=0时其速度为1m/s．从此刻开始滑块运动方向上再施加一水平面作用F，力F和滑块的速度v随时间的变化规律分别如图a和图b所示．设在第1秒内、第2秒内、第3秒内力F对滑块做的功分别为W1、W2、W3，则以下关系正确的是（）A．W1=W2=W3B．W1＜W2＜W3C．W1＜W3＜W2D．W1=W2＜W34．如图所示，位于同一高度的小球A、B分别水平抛出，都落在倾角为45°的斜面上的C点，小球B恰好垂直打到斜面上，则A、B在C点的速度之比为（）A．1：2 B．1：1 C．： D．：25．如图所示，A、B、C、D是真空中一正四面体的四个顶点．现在在A、B两点分别固定两个点电荷Q1和Q2，则关于C、D两点的场强和电势，下列说法正确的是（）A．若Q1和Q2是等量异种电荷，则C、D两点电场强度不同，电势相同B．若Q1和Q2是等量异种电荷，则C、D两点电场强度和电势均相同C．若Q1和Q2是等量同种电荷，则C、D两点电场强度和电势均不相同D．若Q1和Q2是等量同种电荷，则C、D两点电场强度和电势均相同6．假定太阳系一颗质量均匀、可看做球体的小行星自转可以忽略，若该星球自转加快，角速度为ω时，该星球表面的“赤道”上物体对星球的压力减为原来的．已知引力常量G，则该星球密度ρ为（）A．B．C．D．7．如图所示，一物体仅在三个共点恒力F1、F2、F3的作用下以速度V0水平向右做匀速直线运动，其中F1斜向右上方，F2竖直向下，F3水平向左．某时刻撤去其中的一个力，其他力的大小和方向不变，一段时间后恢复该力，则下列说法不．正确的是（）A．如果撤去的是F1，则物体先做匀变速曲线运动，恢复该力之后将做直线运动B．如果撤去的是F1，恢复F1时物体的速度大小可能为v0C．如果撤去的是F2，在恢复该力之前的时间内，因物体做曲线运动，故在相等时间间隔内其速度的变化量△V的方向时刻在改变D．如果撤去的是F3，物体将向右做匀加速直线运动，恢复该力后做匀速直线运动8．如图所示，A、B两物块的质量分别为2m和m，静止叠放在水平地面上，A、B间的动摩擦力因数为μ，B与地面间的动摩擦力为μ，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g，现对A施加一水平拉力F，则（）A．当F＜2μmg时，A、B都相对地面静止B．当F=μmg时，A的加速度为μgC．当F＞2μmg时，A相对B滑动D．无论F为何值，B的加速度不会超过μg9．屋檐隔一定时间滴下一滴水，当第5滴正欲滴下时，第1滴刚好落到地面，而第3滴与第2滴分别位于高1m的窗子的上、下沿，如图所示，g取10m/s2，则此屋檐离地面的距离为（）A．2.2m B．2.5m C．3.0m D．3.2m10．竖直放置的平行金属板、连接一恒定电压，两个电荷M和N以相同的速率分别从极板A边缘和两板中间沿竖直方向进入板间电场，恰好从B板边缘射出电场．如图所示，不考虑电荷的重力和它们之间的相互作用，下列说法正确的是（）A．两电荷的电荷量一定相等B．两电荷在电场中运动的时间相等C．两电荷在电场中运动的加速度相等D．两电荷离开电场时动能相等．二、多项选择题，每小题有多个符合题意的选项，全部选对得6分，选对但不全的得3分．11．质量为m的物体静止在光滑水平面上，从t=0时刻开始受到水平力的作用．力的大小F与时间t的关系如图所示，力的方向保持不变，则（）A．3t0时刻的瞬时功率为B．3t0时刻的瞬时功率为C．在t=0到3t0这段时间内，水平力的平均功率为D．在t=0到3t0这段时间内，水平力的平均功率为12．两电荷量分别为q1和q2的点电荷放在x轴上的A、B两点，两电荷连线上各点电势φ随x变化的关系图线如图所示，其中P点电势最低，且AP＞BP，则（）A．P点的电场强度大小为零B．q1的电荷量大于q2的电荷量C．q1和q2是同种电荷，但不一定是正电荷D．负电荷从P点左侧移到P点右侧，电势能先减小后增大13．如图所示，MNPQ为有界的竖直向下的匀强电场，电场强度为E，ACB为光滑固定的半圆形轨道，圆轨道半径为R，A、B为圆水平直径的两个端点，ACB 为圆弧．一个质量为m、电荷量为﹣q的带电小球，从A点正上方高为H处由静止释放，并从A点沿切线进入半圆轨道．不计空气阻力及一切能量损失，关于带电小球的运动情况，下列说法正确的是（）A．小球一定能从B点离开轨道B．小球在AC部分可能做匀速圆周运动C．小球再次到达C点的速度可能为零D．当小球从B点离开时，上升的高度一定等于H14．A、B两个可视为质点的小球带有同种电荷，在外力作用下静止于光滑的绝缘水平面上．A的质量为m，B的质量为2m，它们相距为d．现撤去外力将它们同时释放，在它们之间的距离增大到2d时，A的加速度为a，速度为v，则（）A．此时B的加速度大小为2aB．此时B的加速度大小为C．此过程中系统的电势能减少D．此过程中系统的电势能减少15．如图所示，质量分别为m1、m2的A、B两个物体放在斜面上，中间用一个轻杆相连，A、B与斜面间的动摩擦因数分别为μ1、μ2，它们在斜面上加速下滑，关于杆的受力情况．下列分析正确的是（）A．若μ1＞μ2，m1=m2，则杆受到压力B．若μ1=μ2，m1＞m2，则杆受到拉力C．若μ1＜μ2，m1＜m2，则杆受到拉力D．若μ1=μ2，m1≠m2，则杆无作用力三、实验题：（共计16分）16．某同学将力传感器固定在小车上，然后把绳的一端固定在传感器拉钩上，用来测量绳对小车的拉力，探究在小车及传感器总质量不变时加速度跟它们所受拉力的关系，根据所测数据在坐标系中作出了如图2所示的a﹣F图象．（1）图线不过坐标原点的原因是；（2）本实验中是否仍需要砂和桶的总质量远小于小车和传感器的总质量（填“是”或“否”）；（3）由图象求出小车和传感器的总质量为kg．（保留1位有效数字）17．用自由落体法进行“验证机械能守恒定律”的实验．（1）实验完毕后选出一条纸带如图1所示，其中O点为电磁打点计时器打下的第一个点，A、B、C为三个计数点，打点计时器通以50Hz的交流电．用刻度尺测得OA=12.41cm，OB=18.60cm，OC=27.21cm，在计数点A和B、B和C之间还各有一个点，重物的质量为1.00kg，取g=9.80m/s2．甲同学根据以上数据算出：当打点计时器打到B点时重物的重力势能比开始下落时减少了J；此时重物的动能比开始下落时增加了J．（结果均保留三位有效数字）．实验中产生系统误差的原因是（2）乙同学利用他自己实验时打出的纸带，测量出了各计数点到打点计时器打下的第一个点的距离h，算出了各计数点对应的速度v，以h为横轴，以为纵轴画出了如图2的图线．图线未过原点O的原因是．四、计算题，要求有必要的语言文字叙述（共计34分）18．如图，木板长L=1.6m，质量M=4.0kg，上表面光滑，下表面与地面间的动摩擦因数为μ=0.4．质量m=1.0kg的小滑块（视为质点）放在木板的右端，开始时木板与物块均处于静止状态，现给木板以向右的初速度，取g=10m/s2，求：（1）小滑块的加速度大小；（2）木板的加速度大小和方向；（3）要使小滑块从木板上掉下，木板初速度应满足什么要求．19．如图所示是某游乐场过山车的娱乐装置原理图，弧形轨道末端与一个半径为R的光滑圆轨道平滑连接，两辆质量均为m的相同小车（大小可忽略），中间夹住一轻弹簧后连接在一起，两车从光滑弧形轨道上的某一高度由静止滑下，当两车刚滑入圆环最低点时连接两车的挂钩突然断开，弹簧将两车弹开，其中后车刚好停下，前车沿圆环轨道运动恰能越过圆弧轨道最高点，求：（1）前车被弹出时的速度；（2）前车被弹出的过程中弹簧释放的弹性势能；（3）两车从静止下滑到最低点的高度h．20．如图所示，水平放置的平行板电容器，两板间距为d=9cm，板长为L=30cm，接在直流电源上，有一带电液滴以v0=0.6m/s的初速度从板间的正中央水平射入，恰好做匀速直线运动，当它运动到P处时迅速将下板向上提起cm，液滴刚好从金属板末端飞出，g取10m/s2．求：（1）将下板向上提起后，液滴的加速度；（2）液滴从射入电场开始计时，匀速运动到P点的时间．2016-2017学年河北省衡水市景县中学高三（上）期中物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题，每小题只有一个符合题意要求的选项，每小题3分，10×3=30分1．下列关于物理学史和物理研究方法的叙述中正确的是（）A．根据速度的定义式v=，当△t取不同的时间段时，v都可以表示物体的瞬时速度B．牛顿发现了万有引力定律，并准确的测定了万有引力常量C．伽利略借助实验研究和逻辑推理得出了自由落体运动规律D．用比值定义的物理概念在物理学中占有相当大的比例，例如场强E=就是采用比值定义的【考点】物理学史．【分析】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．【解答】解：A、根据速度的定义式v=，只有△t的时间段趋向于0时，v才可以表示物体的瞬时速度，故A错误；B、牛顿发现了万有引力定律，卡文迪许测定了万有引力常量，故B错误；C、伽利略借助实验研究和逻辑推理得出了自由落体运动规律，故C正确；D、场强E=就是采用比值定义的，场强E=不是采用比值定义的．故D错误．故选：C2．甲乙两车在公路上沿同一方向做直线运动，它们的v﹣t图象如图所示．两图象在t=t1时相交于P点，P在纵轴与横轴上的投影分别为R和Q，矩形ORPQ的面积为S．在t=0时刻，乙车在甲车前面，相距为X0．已知此后两车相遇两次，且第一次相遇的时刻为t′，则下面四组t′和X0的组合可能是（）A．t′=t1，X0=S B．t′=，X0=SC．t′=，X0=S D．t′=，X0=S【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【分析】两车相遇时要求在同一时刻到达同一位置，位移之差等于原来相距的距离，根据位移关系分析相遇的时刻．【解答】解：A、若t′=t1，两车第一次相遇时，甲、乙的位移之差等于三角形ORP的面积大小，为，则得X0=，故A错误．BCD、若t′=，两车第一次相遇时，甲、乙的位移之差等于﹣S=S，则得X0=S．故BD错误，C正确．故选：C3．一滑块在水平地面上沿直线滑行，t=0时其速度为1m/s．从此刻开始滑块运动方向上再施加一水平面作用F，力F和滑块的速度v随时间的变化规律分别如图a和图b所示．设在第1秒内、第2秒内、第3秒内力F对滑块做的功分别为W1、W2、W3，则以下关系正确的是（）A．W1=W2=W3B．W1＜W2＜W3C．W1＜W3＜W2D．W1=W2＜W3【考点】功的计算；匀变速直线运动的图像．【分析】根据功的公式W=FL可知，知道F的大小，再求得各自时间段内物体的位移即可求得力F做功的多少．【解答】解：由速度图象可知，第1s、2s、3s内的位移分别为0.5m、0.5m、1m，由F﹣t图象及功的公式w=Fscosθ可求知：W1=0.5J，W2=1.5J，W3=2J．故本题中ACD错，B正确．故选：B．4．如图所示，位于同一高度的小球A、B分别水平抛出，都落在倾角为45°的斜面上的C点，小球B恰好垂直打到斜面上，则A、B在C点的速度之比为（）A．1：2 B．1：1 C．： D．：2【考点】平抛运动．【分析】两个小球同时做平抛运动，又同时落在C点，说明运动时间相同．小球垂直撞在斜面上的C点，说明速度方向与斜面垂直，可以根据几何关系求出相应的物理量．【解答】解：小球A做平抛运动，根据分位移公式，有：x=v1t…①y=…②又tan45°=…③联立①②③得：v1=…④则A在C点的速度=小球B恰好垂直打到斜面上，则有：tan45°=…⑤则得：v2=gt…⑥由④⑥得：v1：v2=1：2．则B在C点的速度，则，故D正确故选：D5．如图所示，A、B、C、D是真空中一正四面体的四个顶点．现在在A、B两点分别固定两个点电荷Q1和Q2，则关于C、D两点的场强和电势，下列说法正确的是（）A．若Q1和Q2是等量异种电荷，则C、D两点电场强度不同，电势相同B．若Q1和Q2是等量异种电荷，则C、D两点电场强度和电势均相同C．若Q1和Q2是等量同种电荷，则C、D两点电场强度和电势均不相同D．若Q1和Q2是等量同种电荷，则C、D两点电场强度和电势均相同【考点】电势；电场强度．【分析】若Q1和Q2是等量异种电荷，其电场线和等势面具有对称性，通过AB 的中垂面是一等势面，C、D在同一等势面上，电势相等，根据对称性分析C、D 场强关系．若Q1和Q2是等量同种电荷，根据对称性分析场强和电势的关系．【解答】解：AB、若Q1和Q2是等量异种电荷，通过AB的中垂面是一等势面，C、D在同一等势面上，电势相等．C、D两点的场强都与等势面垂直，方向指向B一侧，方向相同，根据对称性可知，场强大小相等，故C、D两点的场强、电势均相同．故A错误，B正确．CD、若Q1和Q2是等量同种电荷，由电场的分布情况和对称性可知，C、D两点电场强度大小相等，方向不同，则电场强度不同．电势相等，故CD错误．故选：B．6．假定太阳系一颗质量均匀、可看做球体的小行星自转可以忽略，若该星球自转加快，角速度为ω时，该星球表面的“赤道”上物体对星球的压力减为原来的．已知引力常量G，则该星球密度ρ为（）A．B．C．D．【考点】万有引力定律及其应用．【分析】忽略自转影响时行星表面的物体受到的万有引力等于其重力，不能忽略自转影响时万有引力等于重力与向心力之和，应用万有引力定律与牛顿第二定律求出星球的质量，然后应用密度公式可以求出密度．【解答】解：忽略行星的自转影响时：G=mg，自转角速度为ω时：G=mg+mω2R，行星的密度：ρ=，解得：ρ=；故选：C．7．如图所示，一物体仅在三个共点恒力F1、F2、F3的作用下以速度V0水平向右做匀速直线运动，其中F1斜向右上方，F2竖直向下，F3水平向左．某时刻撤去其中的一个力，其他力的大小和方向不变，一段时间后恢复该力，则下列说法不．正确的是（）A．如果撤去的是F1，则物体先做匀变速曲线运动，恢复该力之后将做直线运动B．如果撤去的是F1，恢复F1时物体的速度大小可能为v0C．如果撤去的是F2，在恢复该力之前的时间内，因物体做曲线运动，故在相等时间间隔内其速度的变化量△V的方向时刻在改变D．如果撤去的是F3，物体将向右做匀加速直线运动，恢复该力后做匀速直线运动【考点】动能定理的应用；共点力平衡的条件及其应用；曲线运动．【分析】物块在三个共点力F1、F2、F3的作用下做匀速直线运动，说明三个共点力平衡，撤去一个力，则剩余的力的合力与撤去的力大小相等，方向相反，再结合物体做曲线运动的条件分析做什么运动，根据△v=a△t判断速度变化量．【解答】解：A、物块在三个共点力F1、F2、F3的作用下以速度v0水平向右做匀速直线运动，说明三个共点力平衡，如果撤去F1，则F2、F3的合力与F1等大反向，合力与初速度不在一条直线上，物块做匀变速曲线运动，恢复F1，物块又处于平衡状态，做匀速直线运动，故A正确；B、撤去F1，F2、F3的合力对物块可能先做负功后做正功，有可能总功为零，即恢复F1时物块的速度大小可能为v0，故B正确；C、撤去F2之后，物块做类平抛运动，则△v=a△t，因为加速度a是恒定的矢量，故在相等时间间隔内△v的大小和方向都不变，故C错误；D、撤去F3后，合力水平向右，合力与速度方向相同，所以物块向右做匀加速直线运动；恢复该力后，物体受力平衡，做匀速直线运动；故D正确；本题选不正确的，故选：C8．如图所示，A、B两物块的质量分别为2m和m，静止叠放在水平地面上，A、B间的动摩擦力因数为μ，B与地面间的动摩擦力为μ，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g，现对A施加一水平拉力F，则（）A．当F＜2μmg时，A、B都相对地面静止B．当F=μmg时，A的加速度为μgC．当F＞2μmg时，A相对B滑动D．无论F为何值，B的加速度不会超过μg【考点】牛顿第二定律．【分析】根据A、B之间的最大静摩擦力，隔离对B分析求出整体的临界加速度，通过牛顿第二定律求出A、B不发生相对滑动时的最大拉力．然后通过整体法隔离法逐项分析．【解答】解：A、AB之间的最大静摩擦力为：，B与地面间的最大静摩擦力：，对整体：F：，对B：，AB将发生滑动；当F＜2μmg时，AB之间不会发生相对相对滑动，故A错误；B、当时，故A、B间不会发生相对滑动，由牛顿第二定律有：，B错误；C、当F＞3μmg时，AB间才会发生相对滑动，C错误；D、对B来说，其所受合力的最大值F m=2μmg﹣μmg=μmg，即B的加速度不会超过μg，D正确故选：D9．屋檐隔一定时间滴下一滴水，当第5滴正欲滴下时，第1滴刚好落到地面，而第3滴与第2滴分别位于高1m的窗子的上、下沿，如图所示，g取10m/s2，则此屋檐离地面的距离为（）A．2.2m B．2.5m C．3.0m D．3.2m【考点】自由落体运动．【分析】设滴水的时间间隔为T，知窗子的高度等于自由下落3T内的位移减去2T内的位移．根据自由落体运动的位移时间公式求出滴水的时间间隔．通过滴水的时间间隔，可以知道一滴水下落到地面的时间，根据h=求出屋檐离地面的高度．【解答】解：设滴水的时间间隔为T，知窗子的高度等于自由下落3T内的位移减去2T内的位移．有：g（3T）2﹣g（2T）2=1m故滴水的时间间隔T是0.2s．水从屋檐下落到地面的时间t=4T．h=g（4T）2==3.2m 选项D正确．故选：D10．竖直放置的平行金属板、连接一恒定电压，两个电荷M和N以相同的速率分别从极板A边缘和两板中间沿竖直方向进入板间电场，恰好从B板边缘射出电场．如图所示，不考虑电荷的重力和它们之间的相互作用，下列说法正确的是（）A．两电荷的电荷量一定相等B．两电荷在电场中运动的时间相等C．两电荷在电场中运动的加速度相等D．两电荷离开电场时动能相等．【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【分析】粒子在电场中做类平抛运动，运用运动的分解，根据牛顿第二定律和运动学公式进行处理；根据二者的相同点和不同点进行分析求解．【解答】解：A、B两个电荷在电场中做类平抛运动，将它们的运动分解为沿竖直方向的匀速直线运动和水平方向的匀加速直线运动．设板长为L，粒子的初速度为v0，则粒子运动为t=，L、v0相同，则时间t相同．水平方向的位移为y=at2，a=，则y=t2，E，t相同，y不同，因m的大小关系不清楚，q有可能相等．故A错误、B正确．C、由侧向位移大小y=at2，t相同，y不同，加速度a不相等，故C错误．D、根据动能定理，E K﹣mv02=qEy，则E K=m+qEy，E K大小关系无法判断．故D错误．故选：B．二、多项选择题，每小题有多个符合题意的选项，全部选对得6分，选对但不全的得3分．11．质量为m的物体静止在光滑水平面上，从t=0时刻开始受到水平力的作用．力的大小F与时间t的关系如图所示，力的方向保持不变，则（）A．3t0时刻的瞬时功率为B．3t0时刻的瞬时功率为C．在t=0到3t0这段时间内，水平力的平均功率为D．在t=0到3t0这段时间内，水平力的平均功率为【考点】功率、平均功率和瞬时功率．【分析】根据牛顿第二定律和运动学公式求出2t0时刻的瞬时速度，从而求出瞬时功率．根据位移公式求出t=0到2t0这段时间内位移，通过功的公式求出水平力做功的大小，从而求出平均功率．【解答】解：A、0～2t0时间内的加速度a1=，则2t0时刻的速度v1=a1t1=t0，在2t0～3t0时间内的加速度a2=，则3t0时刻的速度v2=v1+a2t0=，3t0时刻的瞬时功率为P=3F0v2=；故A错误，B正确；C、0～2t0时间内的位移x1=a1（2t0）2=，在2t0～3t0时间内的位移x2=v1t0+a2t02=，在t=0到3t0这段时间内，水平力做功W=F0x1+3F0x2=，则水平力做功的平均功率P=故C错误，D正确．故选：BD12．两电荷量分别为q1和q2的点电荷放在x轴上的A、B两点，两电荷连线上各点电势φ随x变化的关系图线如图所示，其中P点电势最低，且AP＞BP，则（）A．P点的电场强度大小为零B．q1的电荷量大于q2的电荷量C．q1和q2是同种电荷，但不一定是正电荷D．负电荷从P点左侧移到P点右侧，电势能先减小后增大【考点】电场强度；电势能．【分析】根据φ﹣x图线切线斜率大小等于电场强度大小，读出P点的电场强度大小．根据P点场强大小，由公式E=k判断q1与q2电荷量大小．根据电势随x的变化情况，判断两电荷的电性．负电荷在电势高处电势能小，在电势低处电势能大．【解答】解：A、在P点，φ﹣x图线切线斜率为零，则P点的电场强度大小为零．故A正确．B、P点的电场强度大小为零，说明q1和q2两点电荷在P点产生的场强大小相等，方向相反，由公式E=k，AP＞BP，则q1的电荷量大于q2的电荷量．故B正确．C、A到P的电势降低，从P到B电势升高，则电场线方向A到P，再从P 到B，则q1和q2是同种电荷，一定是正电荷．故C错误．D、负电荷从P点左侧移到P点右侧，电场力先做负功，后做正功，电势能先增大后减小．故D错误．故选AB13．如图所示，MNPQ为有界的竖直向下的匀强电场，电场强度为E，ACB为光滑固定的半圆形轨道，圆轨道半径为R，A、B为圆水平直径的两个端点，ACB 为圆弧．一个质量为m、电荷量为﹣q的带电小球，从A点正上方高为H处由静止释放，并从A点沿切线进入半圆轨道．不计空气阻力及一切能量损失，关于带电小球的运动情况，下列说法正确的是（）A．小球一定能从B点离开轨道B．小球在AC部分可能做匀速圆周运动C．小球再次到达C点的速度可能为零D．当小球从B点离开时，上升的高度一定等于H【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；向心力．【分析】当小球的重力与电场力平衡，小球进入轨道，靠弹力提供向心力，做匀速圆周运动．根据动能定律判断上升的高度与H的关系．．通过假设法判断小球到达C点的速度能否为零，若能为零，根据动能定理知，电场力做功做功等于重力做功，则电场力大于重力，无法做圆周运动．【解答】解：A、由于题中没有给出H与R、E的关系，所以小球不一定能从B 点离开轨道，故A错误；B、若重力大小等于电场力，小球在AC部分做匀速圆周运动，故B正确．C、若小球到达C点的速度为零，则电场力大于重力，则小球不可能沿半圆轨道运动，所以小球到达C点的速度不可能为零．故C错误．D、由于小球在AB部分电场力做功为零，所以若小球能从B点离开，上升的高度一定等于H，故D正确；故选：BD．14．A、B两个可视为质点的小球带有同种电荷，在外力作用下静止于光滑的绝缘水平面上．A的质量为m，B的质量为2m，它们相距为d．现撤去外力将它们同时释放，在它们之间的距离增大到2d时，A的加速度为a，速度为v，则（）A．此时B的加速度大小为2aB．此时B的加速度大小为C．此过程中系统的电势能减少D．此过程中系统的电势能减少【考点】电势能；牛顿第二定律；电场强度．【分析】根据牛顿第三定律和第二定律分析两个电荷加速度的关系，得到B的加速度．将两个电荷同时释放，系统所受的合外力为零，根据动量守恒定律求出B 的速度，由能量守恒定律求解系统电势能的减小量．【解答】解：A、B根据牛顿第三定律得知两个电荷间的相互作用力大小相等，由牛顿第二定律得F=ma，得=，得=．故A错误，B正确．C、D将两个电荷同时释放，系统所受的合外力为零，根据动量守恒定律得0=mv﹣2mv B，得由能量守恒定律得：此过程中系统的电势能减少量为△ɛ=+=．故C错误，D正确．故选BD15．如图所示，质量分别为m1、m2的A、B两个物体放在斜面上，中间用一个轻杆相连，A、B与斜面间的动摩擦因数分别为μ1、μ2，它们在斜面上加速下滑，关于杆的受力情况．下列分析正确的是（）A．若μ1＞μ2，m1=m2，则杆受到压力B．若μ1=μ2，m1＞m2，则杆受到拉力C．若μ1＜μ2，m1＜m2，则杆受到拉力D．若μ1=μ2，m1≠m2，则杆无作用力【考点】牛顿第二定律；物体的弹性和弹力．【分析】假设杆无弹力，根据牛顿第二定律分别求解出A和B的加速度，比较大小，然后判断AB的相对运动趋势，再判断AB间弹力的方向．【解答】解：假设杆无弹力，滑块受重力、支持力和滑动摩擦力，根据牛顿第二定律，有：m1gsinθ﹣μ1gcosθ=ma1解得：a1=g（sinθ﹣μ1cosθ）；同理a2=gsinθ﹣μ2cosθ；A、若μ1＞μ2，则a1＜a2，B加速度较大，则杆受到压力，故A正确；B、若μ1=μ2，则a1=a2，两个滑块加速度相同，说明无相对滑动趋势，故杆无弹。

河北省衡水市冀州中学2016届高三上学期期中物理试卷(复习班)Word版含解析

2015-2016学年河北省衡水市冀州中学高三（上）期中物理试卷（复习班）一、选择题：本题共14小题，每小题5分．在每小题给出的四个选项中，第5.7.13.14题有多项符合题目要求，其余题目只有一项符合题目要求．全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．对质点运动的描述，以下说法正确的是( )A．平抛运动是加速度每时每刻都改变的运动B．匀速圆周运动是加速度不变的运动C．某时刻质点的加速度为零，则此时刻质点的速度一定为零D．某时刻质点的加速度为零，则此时刻质点的速度不一定为零2．如图所示，楔形物块a固定在水平地面上，在其斜面上静止着小物块b．现用大小一定的力F分别沿不同方向作用在小物块b上，小物块b仍保持静止，如下图所示．则a、b之间的静摩擦力一定增大的是( )A．B．C．D．3．如图所示，bc为固定在小车上的水平横杆，物块M串在杆上，靠摩擦力保持相对杆静止，M又通过轻细线悬吊着一个小铁球m，此时小车正以大小为a的加速度向右做匀加速运动，而M、m均相对小车静止，细线与竖直方向的夹角为θ．小车的加速度逐渐增大，M始终和小车保持相对静止，当加速度增加到2a时( )A．横杆对M的摩擦力增加到原来的2倍B．横杆对M的弹力增人到原来的2倍C．细线与竖直方向的夹角增加到原来的2倍D．细线的拉力增加到原来的2倍4．如图所示，有一倾角为θ的斜面体B静置在水平地面上，物体A放在斜面上且与B保持相对静止．现对斜面体B施加向左的水平推力，使物体A和斜面体B一起向左做加速运动，加速度从零开始逐渐增大，直到A和B开始发生相对运动，则关于A物体受到B物体的支持力F N和摩擦力F f，下列说法正确的是( )A．F N增大，F f持续增大B．F N不变，F f不变C．F N增大，F f先减小后增大D．F N减小，F f先增大后减小5．地球赤道上的重力加速度为g，物体在赤道上随地球自转的向心加速度为a，卫星甲、乙、丙在如图所示的三个椭圆轨道上绕地球运行，卫星甲和乙的运行轨道在P点相切．不计阻力，以下说法正确的是( )A．如果地球的转速为原来的倍，那么赤道上的物体将会“飘”起来而处于完全失重状态B．卫星甲、乙分别经过P点时的速度相等C．卫星丙的周期最小D．卫星甲的机械能最大6．如图所示，a、b的质量均为m，a从倾角为45°的光滑固定斜面顶端无初速地下滑，b从斜面顶端以初速度υ0平抛，对二者从斜面顶端运动到地面的运动过程以下说法正确的是( )A．都做匀变速运动B．落地时的瞬时速率相同C．加速度相同D．运动的时间相同7．A、D分别是斜面的顶端、底端，B、C是斜面上的两个点，AB=BC=CD，E点在D点的正上方，与A等高．从E点以一定的水平速度抛出质量相等的两个小球，球1落在B点，球2落在C点，关于球1和球2从抛出到落在斜面上的运动过程( )A．球1和球2运动的时间之比为1：2B．球1和球2动能增加量之比为1：2C．球1和球2抛出时初速度之比为2：1D．球1和球2运动时的加速度之比为1：28．如图所示，放于竖直面内的光滑金属圆环半径为R，质量为m的带孔小球穿于环上，同时有一长为R细绳一端系于球上，另一端系于圆环最低点，当圆环以角速度ω绕竖直直径转动时，发现小球受到三个力作用，则ω可能为( )A． B． C．D．29．冰面对溜冰运动员的最大静摩擦力为运动员重力的k倍，运动员在水平冰面上沿半径为R 的圆做圆周运动，其安全速度为( )A．v=k B．v≤C．v≤ D．v≤10．如图所示，DO是水平面，AB为斜面，初速为v0的物体从D点出发沿DBA滑动到顶点A时速度刚好为零．如果斜面改为AC，让该物体从D点出发沿DCA滑动到A点且速度刚好为零，则物体具有的初速度（物体与斜面及水平面间的动摩擦因数处处相同且不为零，不计物体滑过B、C点时的机械能损失）( )A．大于v0B．等于v0C．小于v0D．取决于斜面的倾角11．如图所示，一个小球在竖直环内至少能做（n+1）次完整的圆周运动，当它第（n﹣1）次经过环的最低点时速度大小为7m/s，第n次经过环的最低点时的速度大小为5m/s，则小球第（n+1）次经过环的最低点时的速度v的大小一定满足( )A．等于3m/s B．小于1m/s C．等于1m/s D．大于1m/s12．轻质弹簧右端固定在墙上，左端与一质量m=0.5kg的物块相连，如图甲所示．弹簧处于原长状态，物块静止且与水平面间的动摩擦因数μ=0.2．以物块所在处为原点，水平向右为正方向建立x轴．现对物块施加水平向右的外力F，F随x轴坐标变化的情况如图乙所示．物块运动至x=0.4m处时速度为零．则此时弹簧的弹性势能为（g=10m/S2）( )A．3.1 J B．3.5 J C．1.8 J D．2.0J13．如图所示小球沿水平面通过O点进入半径为R的半圆弧轨道后恰能通过最高点P，然后落回水平面，不计一切阻力，下列说法正确的是( )A．小球落地点离O点的水平距离为RB．小球落地点时的动能为C．小球运动到半圆弧最高点P时向心力恰好为零D．若将半圆弧轨道上部的圆弧截去，其他条件不变，则小球能达到的最大高度比P点高0.5R14．如图所示，劲度系数为k的轻弹簧的一端固定在墙上，另一端与置于水平面上质量为m 的物体接触（未连接），弹簧水平且无形变．用水平力，缓慢推动物体，在弹性限度内弹簧长度被压缩了x0，此时物体静止．撤去F后，物体开始向左运动，运动的最大距离为4x0．物体与水平面间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g．则( )A．撤去F后，物体先做匀加速运动，再做匀减速运动B．撤去F后，物体刚运动时的加速度大小为﹣μgC．物体做匀减速运动的时间为2D．物体开始向左运动到速度最大的过程中克服摩擦力做的功为μmg（x0﹣）二、解答题（共4小题，满分40分）15．某同学利用如图所示的气垫导轨装置验证系统机械能守恒定律．在气垫导轨上安装了两光电门1、2，滑块上固定一遮光条，滑块用细线绕过定滑轮与钩码相连．①实验时要调整气垫导轨水平．不挂钩码和细线，接通气源，释放滑块，如果滑块__________，则表示气垫导轨已调整至水平状态．②不挂钩码和细线，接通气源，滑块从轨道右端向左运动的过程中，发现滑块通过光电门1的时间小于通过光电门2的时间．实施下列措施能够达到实验调整目标的是__________ A．调节P使轨道左端升高一些B．调节Q使轨道右端降低一些C．遮光条的宽度应适当大一些D．滑块的质量增大一些E．气源的供气量增大一些③实验时，测出光电门1、2间的距离L，遮光条的宽度d，滑块和遮光条的总质量M，钩码质量m．由数字计时器读出遮光条通过光电门1、2的时间t1、t2，则系统机械能守恒成立的表达式是__________．16．如图甲所示，质量为M的长木板静止放置在粗糙水平地面上，有一个质量为m、可视为质点的物块，以某一水平初速度从木板左端冲上木板．从物块冲上木板到物块和木板达到共同速度的过程中，物块和木板的vt图象分别如图乙中的折线acd和bcd所示，a、b、c、d点的坐标分别为a（0，10）、b（0，0）、c（4，4）、d（12，0）．根据vt图象．求：（1）物块在长木板上滑行的距离；（2）物块质量m与长木板质量M之比．17．如图所示，质量为1kg的小球用长为0.5m的细线悬挂在O点，O点距地面高度为5.4m．如果使小球绕OO′轴在水平面内做圆周运动，若细线受到拉力为12.5N时就会拉断，求：（1）当小球的角速度为多大时线将断裂？（2）小球落地点与悬点的水平距离．（g取10m/s2）18．（14分）如图所示，竖直光滑的杆子上套有一滑块A，滑块通过细绳绕过光滑滑轮连接物块B，B又通过一轻质弹簧连接物块C，C静止在地面上．开始用手托住A，使绳子刚好伸直处于水平位置但无张力，现将A由静止释放，当速度达到最大时，C也刚好同时离开地面，此时B还没有到达滑轮位置．已知：m A=1.2kg，m B=1kg，m c=1kg，滑轮与杆子的水平距离L=0.8m．试求：（1）A下降多大距离时速度最大？（2）弹簧的劲度系数．（3）A．B的最大速度是多少？2015-2016学年河北省衡水市冀州中学高三（上）期中物理试卷（复习班）一、选择题：本题共14小题，每小题5分．在每小题给出的四个选项中，第5.7.13.14题有多项符合题目要求，其余题目只有一项符合题目要求．全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．对质点运动的描述，以下说法正确的是( )A．平抛运动是加速度每时每刻都改变的运动B．匀速圆周运动是加速度不变的运动C．某时刻质点的加速度为零，则此时刻质点的速度一定为零D．某时刻质点的加速度为零，则此时刻质点的速度不一定为零【考点】加速度．【专题】直线运动规律专题．【分析】根据牛顿第二定律知道物体的合力方向决定物体加速度方向．加速度是描述速度变化快慢的物理量．【解答】解：A、物体做平抛运动，物体只受重力，根据牛顿第二定律得：平抛运动的加速度就是重力加速度，所以平抛运动是加速度不变的运动．故A错误．B、匀速圆周运动的加速度就是向心加速度，向心加速度的方向始终指向圆心，不断改变．所以匀速圆周运动是加速度每时每刻都改变的运动．故B错误．C、某时刻质点的加速度为零，则此时刻质点的速度不一定为零，例如匀速直线运动，故C错误，D正确．故选D．【点评】解决本题的关键要知道由物体的合力与质量决定加速度以及加速度的物理意义．2．如图所示，楔形物块a固定在水平地面上，在其斜面上静止着小物块b．现用大小一定的力F分别沿不同方向作用在小物块b上，小物块b仍保持静止，如下图所示．则a、b之间的静摩擦力一定增大的是( )A．B．C．D．【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】对物体进行受力分析，根据平衡条件，运用正交分解法列出平衡方程，再判断静摩擦力的变化．【解答】解：不加力F时，对物块进行受力分析，将重力分解，根据平衡条件得出：f=mgsinθ．A、力图：f=mgsinθ+F，故摩擦力一定增大．B、如果F＜mgsinθ，f=mgsinθ﹣f，则摩擦力变小．如果F≥mgsinθ，f=F﹣mgsinθ，由于不知道F的大小，所以摩擦力变化不确定，f可能增大，可能减小，也可能大小不变．C与B相似，摩擦力变化不确定，f可能增大，可能减小，也可能大小不变．D、力图：根据平衡条件得出：f=mgsinθ，故摩擦力不变．故选A．【点评】本题要抓住静摩擦力的可变性，根据对物体进行受力分析，根据平衡条件结合力的分解列出平衡方程，确定出静摩擦力的变化．3．如图所示，bc为固定在小车上的水平横杆，物块M串在杆上，靠摩擦力保持相对杆静止，M又通过轻细线悬吊着一个小铁球m，此时小车正以大小为a的加速度向右做匀加速运动，而M、m均相对小车静止，细线与竖直方向的夹角为θ．小车的加速度逐渐增大，M始终和小车保持相对静止，当加速度增加到2a时( )A．横杆对M的摩擦力增加到原来的2倍B．横杆对M的弹力增人到原来的2倍C．细线与竖直方向的夹角增加到原来的2倍D．细线的拉力增加到原来的2倍【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】以小球和物块整体为研究对象，分析受力，根据牛顿第二定律研究横杆对M的摩擦力、弹力与加速度的关系．对小球研究，根据牛顿第二定律，采用合成法研究细线与竖直方向的夹角、细线的拉力与加速度的关系．【解答】解：A、B对小球和物块组成的整体，分析受力如图1所示，根据牛顿第二定律得：水平方向：f=（M+m）a，竖直方向：N=（M+m）g．则当加速度增加到2a时，横杆对M的摩擦力f增加到原来的2倍．横杆对M的弹力等于两个物体的总重力，保持不变．故A正确，B错误．C、D，以小球为研究对象，分析受力情况如图2所示，由牛顿第二定律得：mgtanθ=ma，得tanθ=，当a增加到两倍时，tanθ变为两倍，但θ不是两倍．细线的拉力T=，可见，a变为两倍，T不是两倍．故CD错误．故选A【点评】本题首先要选择好研究对象，其次要正确分析受力情况．运用牛顿第二定律采用正交分解法和隔离法相结合．4．如图所示，有一倾角为θ的斜面体B静置在水平地面上，物体A放在斜面上且与B保持相对静止．现对斜面体B施加向左的水平推力，使物体A和斜面体B一起向左做加速运动，加速度从零开始逐渐增大，直到A和B开始发生相对运动，则关于A物体受到B物体的支持力F N和摩擦力F f，下列说法正确的是( )A．F N增大，F f持续增大B．F N不变，F f不变C．F N增大，F f先减小后增大D．F N减小，F f先增大后减小【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】使物体A和斜面体B一起向左做加速运动，加速度水平向左，将加速度分解为沿斜面向下和垂直于斜面向上两个方向，根据牛顿第二定律得到支持力F N和摩擦力F f的关系式进行分析．【解答】解：当加速度较小时，摩擦力F f沿斜面向上．将加速度分解为沿斜面向下和垂直于斜面向上．根据牛顿第二定律得F N﹣mgcosθ=masinθ，mgsinθ﹣F f=macosθ，得到F N=mgcosθ+masinθF f=mgsinθ﹣macosθ可知当a增大时，F N增大，F f减小．当加速度较大时，摩擦力F f沿斜面向下．根据牛顿第二定律得F N﹣mgcosθ=masinθ，mgsinθ+F f=macosθ，得到F N﹣mgcosθ=masinθ，F f=macosθ﹣mgsinθ可知当a增大时，F N增大，F f增大．故C正确．故选C【点评】本题考查灵活运用正交分解处理物理问题的能力，采用的是分解加速度，不分解要求的力的方法，使解题过程简洁方便．5．地球赤道上的重力加速度为g，物体在赤道上随地球自转的向心加速度为a，卫星甲、乙、丙在如图所示的三个椭圆轨道上绕地球运行，卫星甲和乙的运行轨道在P点相切．不计阻力，以下说法正确的是( )A．如果地球的转速为原来的倍，那么赤道上的物体将会“飘”起来而处于完全失重状态B．卫星甲、乙分别经过P点时的速度相等C．卫星丙的周期最小D．卫星甲的机械能最大【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．【专题】应用题；定性思想；图析法；人造卫星问题．【分析】根据发射速度大小，分析卫星发射的难易程度，发射速度越大，发射越困难．机械能跟卫星的速度、高度和质量有关，质量未知时，是无法比较卫星的机械能大小的．根据开普勒第三定律知，椭圆半长轴越大，卫星的周期越大．由牛顿第二定律研究加速度．【解答】解：A、使地球上的物体票“飘”起来即物体处于完全失重状态，即此时物体所受地球的重力完全提供物体随地球自转时的向心力则有：G﹣mg=ma，当物体飘起来的时候，万有引力完全提供向心力，则此时物体的向心加速度为G=m（g+a），即此时的向心加速度a′=g+a，根据向心加速度和转速的关系有：a=R（n2π）2，a′=R（n′2π）2可得：n′=n=n，故A正确．B、物体在椭圆形轨道上运动，轨道高度超高，在近地点时的速度越大，故B错误；C、根据开普勒第三定律知，椭圆半长轴越小，卫星的周期越小，卫星丙的半长轴最短，故周期最小，故C正确．D、卫星的机械能跟卫星的速度、高度和质量有关，因未知卫星的质量，故不能确定甲卫星的机械能最大，故D错误．故选：AC．【点评】卫星绕地球运动，轨道高度越大，发射速度越大，发射越困难，卫星在近地点的速度越大．在随圆轨道上运动的卫星，万有引力和卫星运动所需要向心力不是始终相等的，故在椭圆轨道上运动的卫星不是始终处于完全失重状态．6．如图所示，a、b的质量均为m，a从倾角为45°的光滑固定斜面顶端无初速地下滑，b从斜面顶端以初速度υ0平抛，对二者从斜面顶端运动到地面的运动过程以下说法正确的是( )A．都做匀变速运动B．落地时的瞬时速率相同C．加速度相同D．运动的时间相同【考点】动能定理的应用；平抛运动．【专题】动能定理的应用专题．【分析】A、通过判断物体的加速度是否变化来判断物体的运动．B、根据动能定理求出两球落地的速率．C、根据牛顿第二定律，求出两物体的加速度．D、平抛运动的时间由高度决定，根据h=求出平抛运动的时间．求出物体a的加速度，根据匀变速直线运动的位移时间公式求出运动的时间．【解答】解：A、物体a受重力和支持力，F合=mgsin45°，根据牛顿第二定律，a=．物体b做平抛运动，加速度为g．知两物体的加速度不变，所以两物体都做匀变速运动，但是两物体的加速度不等．故A正确，C错误．B、对a运用动能定理，mgh=，对b运用动能定理，有mgh=，知b球的速率大于a球的速率．故B错误．D、a球做匀加速直线运动，，则运动的时间．b球做平抛运动，根据h=得，．知两个时间不等．故D错误．故选A．【点评】解决本题的关键会运用动能定理和动力学解题，知道加速度不变的运动为匀变速运动．7．A、D分别是斜面的顶端、底端，B、C是斜面上的两个点，AB=BC=CD，E点在D点的正上方，与A等高．从E点以一定的水平速度抛出质量相等的两个小球，球1落在B点，球2落在C点，关于球1和球2从抛出到落在斜面上的运动过程( )A．球1和球2运动的时间之比为1：2B．球1和球2动能增加量之比为1：2C．球1和球2抛出时初速度之比为2：1D．球1和球2运动时的加速度之比为1：2【考点】平抛运动；功能关系．【专题】定量思想；合成分解法；平抛运动专题．【分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据高度确定运动的时间，通过水平位移求出初速度之比．根据动能定理求出动能的增加量之比【解答】解：A、因为AC=2AB，则AC的高度差是AB高度差的2倍，根据得，t=，解得运动的时间比为1：．故A错误；B、根据动能定理得，mgh=△E k，知球1和球2动能增加量之比为1：2．故B正确；C、AC在水平方向上的位移是AB在水平方向位移的2倍，结合x=v0t，解得初速度之比为2：1．故C正确；D、平抛运动的加速度为g，两球的加速度相同．故D错误．故选：BC【点评】解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式进行求解．8．如图所示，放于竖直面内的光滑金属圆环半径为R，质量为m的带孔小球穿于环上，同时有一长为R细绳一端系于球上，另一端系于圆环最低点，当圆环以角速度ω绕竖直直径转动时，发现小球受到三个力作用，则ω可能为( )A． B． C．D．2【考点】向心力；牛顿第二定律．【专题】牛顿第二定律在圆周运动中的应用．【分析】因为圆环光滑，所以这三个力肯定是重力、环对球的弹力、绳子的拉力，细绳要产生拉力，绳要处于拉升状态，根据几何关系及向心力基本格式求出刚好不受拉力时的角速度，此角速度为最小角速度，只要大于此角速度就受三个力．【解答】解：因为圆环光滑，所以这三个力肯定是重力、环对球的弹力、绳子的拉力，细绳要产生拉力，绳要处于拉升状态，根据几何关系可知，此时细绳与竖直方向的夹角为60°，当圆环旋转时，小球绕竖直轴做圆周运动，向心力由三个力在水平方向的合力提供，其大小为：F=mω2r，根据几何关系，其中r=Rsin60°一定，所以当角速度越大时，所需要的向心力越大，绳子拉力越大，所以对应的临界条件是小球在此位置刚好不受拉力，此时角速度最小，需要的向心力最小，对小球进行受力分析得：F min=2mgsin60°，即：2mgsin60°=m Rsin60°解得：，所以只要ω＞就符合题意．故选：D【点评】本题主要考查了圆周运动向心力公式的应用以及同学们受力分析的能力，要求同学们能找出临界状态并结合几何关系解题，难度适中．9．冰面对溜冰运动员的最大静摩擦力为运动员重力的k倍，运动员在水平冰面上沿半径为R 的圆做圆周运动，其安全速度为( )A．v=k B．v≤C．v≤ D．v≤【考点】向心力；牛顿第二定律．【专题】牛顿第二定律在圆周运动中的应用．【分析】运动员在水平面上做圆周运动的向心力是由运动员受到的冰给运动员的最大静摩擦力提供的，根据向心力的公式可以计算出此时的最大速度【解答】解：由题意可知，最大静摩擦力为重力的k倍，所以最大静摩擦力等于kmg，设运动员的最大的速度为v，则：kmg=m解得：v=，所以安全速度v≤，故B正确．故选：B【点评】找到向心力的来源，能够提供的最大的向心力就是最大静摩擦力，此时的速度就是最大的速度．10．如图所示，DO是水平面，AB为斜面，初速为v0的物体从D点出发沿DBA滑动到顶点A时速度刚好为零．如果斜面改为AC，让该物体从D点出发沿DCA滑动到A点且速度刚好为零，则物体具有的初速度（物体与斜面及水平面间的动摩擦因数处处相同且不为零，不计物体滑过B、C点时的机械能损失）( )A．大于v0B．等于v0C．小于v0D．取决于斜面的倾角【考点】功能关系．【分析】物体从D点滑动到顶点A过程中，分为水平和斜面两个过程，由于只有重力和摩擦力做功，根据动能定理列式求解即可．【解答】解：物体从D点滑动到顶点A过程中﹣mg•x AO﹣μmg•x DB﹣μmgcosα•x AB=﹣m由几何关系cosα•x AB=x OB，因而上式可以简化为﹣mg•x AO﹣μmg•x DB﹣μmg•x OB=﹣m﹣mg•x AO﹣μmg•x DO=﹣m从上式可以看出，到达顶点的动能与路径无关．故选：B．【点评】该题考查斜面上的摩擦力做功的特点，解答本题关键的根据动能定理列式，对列得的方程进行讨论得出结论．11．如图所示，一个小球在竖直环内至少能做（n+1）次完整的圆周运动，当它第（n﹣1）次经过环的最低点时速度大小为7m/s，第n次经过环的最低点时的速度大小为5m/s，则小球第（n+1）次经过环的最低点时的速度v的大小一定满足( )A．等于3m/s B．小于1m/s C．等于1m/s D．大于1m/s【考点】向心力；牛顿第二定律；机械能守恒定律．【专题】牛顿第二定律在圆周运动中的应用．【分析】小球转动过程中，受到重力、支持力和摩擦力，只有重力和摩擦力做功，机械能的减小量等于克服摩擦力做的功，摩擦力与支持力成正比，由于小球机械能不断减小，每次转动一圈后经过同一个位置的速率都变小，故弹力也减小，故阻力也减小，根据功能关系列式分析即可．【解答】解：小球从第N﹣2次通过最低点到N﹣1次通过最低点的过程中，消耗的机械能为：mv2N﹣1﹣mv2N﹣2=m（49﹣25）=12m；它从第N﹣1次通过最低点到N次通过最低点的过程中，因为速度减小，需要的向心力减小，所以与圆环间的压力减小，因此消耗的机械能将小于12m因此第N次通过最低点时的动能：E＞×25m﹣12m=m所以：V＞1m/s；故选D．【点评】本题关键是对小球受力分析，结合每次转动一圈后经过同一个位置的速率都变小，再根据功能关系列式分析求解．12．轻质弹簧右端固定在墙上，左端与一质量m=0.5kg的物块相连，如图甲所示．弹簧处于原长状态，物块静止且与水平面间的动摩擦因数μ=0.2．以物块所在处为原点，水平向右为正方向建立x轴．现对物块施加水平向右的外力F，F随x轴坐标变化的情况如图乙所示．物块运动至x=0.4m处时速度为零．则此时弹簧的弹性势能为（g=10m/S2）( )A．3.1 J B．3.5 J C．1.8 J D．2.0J【考点】功能关系；弹性势能．【分析】F﹣x图象与坐标轴围成图形的面积表示F所做的功，根据动能定理列方程求克服弹簧弹力做的功，即等于弹簧的弹性势能．【解答】解：由图线与坐标轴围成的面积表示功可以得到力F做的功：W=×（5+10）×0.2+10×（0.4﹣0.2）=3.5J设克服弹簧弹力做的功为W F，根据动能定理：W﹣W F﹣μmgx=0。

河北省衡水中学高三上学期期中考试物理试题(有答案)

高三上学期期中物理考试说明：本试卷共两卷，满分110分，答题时间110分钟。

第I卷共15小题60分，用2B铅笔涂在答题卡上；第II卷共7题50分，用书写黑颜色的中性笔在答卷纸上作答。

第I卷（共15题共60分）一、本题共15小题，每小题4分。

在每小题给出的四个选项中，至少有一项是正确的。

全部选对得4分，选对但不全得2分，有选错的得0分。

1、某同学通过以下步骤测出了从一定高度落下的排球对地面的冲击力：将一张白纸铺在水平地面上，把排球在水里弄湿，然后让排球从规定的高度自由落下，并在白纸上留下球的水印．再将印有水印的白纸铺在台秤上，将球放在纸上的水印中心，缓慢地向下压球，使排球与纸接触部分逐渐发生形变直至刚好遮住水印，记下此时台秤的示数即为冲击力的最大值．下列物理学习或研究中用到的方法与该同学的方法相近的是（）A．建立“瞬时速度”的概念B．建立“合力与分力”的概念C．建立“点电荷”的概念D．探究导体电阻与其影响因素的定量关系2、卡车以v0=10 m/s在平直的公路上匀速行驶,因为路口出现红灯,司机立即刹车,使卡车匀减速直线前进直至停止。

停止等待6 s时,交通灯变为绿灯,司机立即使卡车做匀加速运动。

已知从开始刹车到恢复原的速度所用时间t=12 s,匀减速的加速度是匀加速的2倍,反应时间不计。

则下列说法正确的是（）A、卡车匀减速所用时间t1=2sB、匀加速的加速度为25sm/C、卡车刹车过程通过的位移是20mD、从卡车开始刹车到刚恢复到原速度的过程中,通过的位移大小为40m。

3、从地面上以初速度v0竖直上抛一质量为m的小球，若运动过程中受到的空气阻力与其速率成正比，球运动的速率随时间变化的规律如图所示，t1时刻到达最高点，再落回地面，落地速率的是（）为v1，且落地前小球已经做匀速运动，则在整个过程中，下列说法中不正确．．．A.小球被抛出时的加速度值最大，到达最高点的加速度值最小B.小球的加速度在上升过程中逐渐减小，在下降过程中也逐渐减小C.小球抛出瞬间的加速度大小为（1+v 0/v 1）gD.小球下降过程中的平均速度大于v 1/24、火星探测器绕火星近地做圆周轨道飞行，其线速度和相应的轨道半径为0v 和R 0，火星的一颗卫星在圆轨道上的线速度和相应的轨道半径为v 和R ，则下列关系正确的是（）A ．)lg(21)lg(00R R v v =B ．)lg(2)lg(00R R v v = C ．)lg(21)lg(00R R v v = D ．)lg(2)lg(00R R v v = 5、如图所示，将质量为2m 的重物悬挂在轻绳的一端，轻绳的另一端系一质量为m 的小环，小环套在竖直固定的光滑直杆上，光滑定滑轮与直杆的距离为d .现将小环从与定滑轮等高的A 处由静止释放，当小环沿直杆下滑距离也为d 时（图中B 处），下列说法正确的是（重力加速度为g ）（）A ．环与重物组成的系统机械能守恒B ．小环到达B 处时，重物上升的高度也为dC ．小环在B 处的速度与重物上升的速度大小之比等于22D ．小环在B 处的速度时，环的速度为gd )223(-6、如图所示，传送带AB 的倾角为θ，且传送带足够长。

解析全国百强校河北省衡水中学2017届高三上学期七调理综物理试题解析原卷版

河北省衡水中学2017届高三上学期七调理综物理试题二、选择题:本题共8小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，第14?17题只有一项符合题目要求，第 18?21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不答的得0分。

1. B LR、质的大小。

用绝缘轻质丝线、电阻为把底部长为利用如图所示的实验装置可以测量磁感应强度m“U”形线框固定在力敏传感器的挂钩上，并用轻质导线连接线框与电源，导线的电阻忽略不计。

的量为F作用于力敏传感器的挂钩上时，拉力显示器可以直接显示力敏传感器所受的拉力。

当线框接入当有拉力EF;E(E时相反），拉力显恒定电压为接入恒定电压为时，拉力显示器的示数为电流方向与电压为时1211F F>FB 的大小为示器的示数为，则磁感应强度。

已知212R(F?F)R(F?F)2211B??B A. B.E)L(?E?E)L(E2112R(F?F)R(F?F)2211BB?? D. C.E)L(E?L(E?E)21212. ABm=2 kgm= 3 kgv=6m/sv= 2 m/sAB球并、，两球在光滑的水平面上同向运动，，，，当球追上BBAA AB 两球的速度值可能是、发生碰撞后，＇＇＇＇=4m/s v=3m/s=3m/s B. v vA. v=4.5 m/s，，BBAA＇＇＇＇=1m/s C. v=7.5 m/s=-1.5 m/sv=7m/s D. vv，，BAAB*][*科来源学3. Sprab为圆环的一条直径，如图所用一根横截面积为的圆环，、电阻率为的硬质导线做成一个半径为abB 的左侧存在一个匀强磁场，磁场方向垂直圆环所在平面，磁感应强度大小随时间变化的关系为示。

在=B+ktBk<0, 则。

方向垂直纸面向里，其中磁感应强度的初始值0．A. 圆环中产生逆时针方向的电流B. 圆环具有扩张且向右运动的趋势krS||C. 圆环中感应电流的大小为?412?r?kU两点间的电势差、图中abD. ab44. m-qPv的的小球从如图所示，处于真空中的匀强电场水平向右，有一质量为、带电荷量为点以大小为0tQvPQ点的时间到达点运动到点（图中未画出）时的速度仍为初速度水平向右拋出，经过，则小球由0）过程中，下列判断正确的是（A. QP 点正下方点在B. 小球电势能减少122tmgC. 小球重力势能减少量等于2D. QP 点所在竖直线的左侧点应位于5. 关于原子物理学知识，下列说法正确的是A. 解释了所有原子的光谱规律玻尔将量子观念引入原子领域，成功地 B. 质子与中子结合成氘核的过程中一定会放出能量C. 将放射性物质放在超低温的环境下，将会大大减缓它的衰变进程206238PbU个中子变成质子((D. 铀核)衰变为铅核6的过程中，共有)8292．6. 用甲、乙两种单色光照射同一金属做光电效应实验，发现光电流与电压的关系如图所示。

河北省衡水中学2017届高三(上)第二次调研物理试卷(解析版)

2016-2017学年河北省衡水中学高三（上）第二次调研物理试卷一、选择题（每题4分）1．在恒力F作用下，a、b两物体一起沿粗糙竖直墙面匀速向上运动，则关于它们受力情况的说法正确的是（）A．a一定受到4个力B．b可能受到4个力C．a与墙壁之间一定有弹力和摩擦力D．a与b之间不一定有摩擦力2．细绳拴一个质量为m的小球，小球将左端固定在墙上的轻弹簧压缩（小球与弹簧不连接），小球静止时弹簧在水平位置，如图所示．将细绳烧断后，下列说法中正确的是（）A．小球立即开始做自由落体运动B．小球离开弹簧后做平抛运动C．小球运动的加速度先比重力加速度小，后来和重力加速度相等D．小球离开弹簧后做匀变速运动3．公路急转弯处通常是交通事故多发地带．如图，某公路急转弯处是一圆弧，当汽车行驶的速率为v0时，汽车恰好没有向公路内外两侧滑动的趋势．则在该弯道处（）A．路面外侧高内侧低B．车速只要低于v0，车辆便会向内侧滑动C．车速虽然高于v0，但只要不超出某一最高限度，车辆便不会向外侧滑动D．当路面结冰时，与未结冰时相比，v0的值变小4．在匀速转动的水平圆盘上有一个相对转盘静止的物体，则物体相对于转盘的运动趋势是（）A．没有相对运动趋势 B．沿切线方向C．沿半径指向圆心D．沿半径背离圆心5．如图所示，一个表面光滑的斜面体M置于在水平地面上，它的两个斜面与水平面的夹角分别为α、β，且α＜β，M的顶端装有一定滑轮，一轻质细绳跨过定滑轮后连接A、B两个小滑块，细绳与各自的斜面平行，不计绳与滑轮间的摩擦，A、B恰好在同一高度处于静止状态．剪断细绳后，A、B滑至斜面底端，M始终保持静止．则（）A．滑块A的质量大于滑块B的质量B．两滑块到达斜面底端时的速度相同C．两滑块到达斜面底端时，A滑块重力的瞬时功率较大D．在滑块A、B下滑的过程中，斜面体受到水平向左的摩擦力6．如图所示，三个小球A、B、C分别在离地面不同高度处，同时以相同的速度向左水平抛出，小球A落到D点，DE=EF=FG，不计空气阻力，每隔相等的时间间隔小球依次碰到地面，则关于三小球（）A．B、C两球也落在D点B．B球落在E点，C球落在F点C．三小球离地面的高度AE：BF：CG=1：3：5D．三小球离地面的高度AE：BF：CG=1：4：97．如图所示，质量均为m的两物体a、b放置在两固定的水平挡板之间，物体间竖直夹放一根轻弹簧，弹簧与a、b不粘连且无摩擦．现在物体b上施加逐渐增大的水平向右的拉力F，两物体始终保持静止状态，已知重力加速度为g，下列说法正确的是（）A．物体a对挡板的压力大小可能等于2mgB．物体a所受摩擦力随F的增大而增大C．物体b所受摩擦力随F的增大而增大D．弹簧对物体b的弹力大小可能等于mg8．探月工程三期飞行试验器在中国西昌卫星发射中心发射升空，最终进入距月球表面h的圆形工作轨道．设月球半径为R，月球表面的重力加速度为g，万有引力常量为G，则下列选项正确的是（）A．飞行试验器在工作轨道上的加速度为（）2gB．飞行试验器绕月球运行的周期为2πC．飞行试验器在工作轨道上的绕行速度为D．月球的平均密度为9．中国志愿者王跃参与人类历史上第一次全过程模拟从地球往返火星的一次实验“火星﹣500”活动，王跃走出登陆舱，成功踏上模拟火星表面，在火星上首次留下中国人的足迹，目前正处于从“火星”返回地球途中．假设将来人类一艘飞船从火星返回地球时，经历了如图所示的变轨过程，则下列说法中正确的是（）A．飞船在轨道Ⅱ上运动时，在P点速度大于在Q点的速度B．飞船在轨道Ⅰ上运动时的机械能大于轨道Ⅱ上运动的机械能C．飞船在轨道Ⅰ上运动到P点时的加速度等于飞船在轨道Ⅱ上运动到P点时的加速度D．飞船在轨道Ⅰ上运动的周期小于飞船在轨道Ⅱ上运动的周期10．如图所示，竖直面内有一个半圆形轨道，AB为水平直径，O为圆心，将一半径远小于轨道半径的小球从A点以不同的初速度水平向右抛出，若不计空气阻力，在小球从抛出到碰到轨道这个过程中．则（）A．初速度大的小球运动时间长B．初速度小的小球运动时间长C．速度不同的小球运动时间可能相同D．落在圆形轨道最低点的小球运动时间最长11．如图所示，水平的木板B托着木块A一起在竖直平面内做匀速圆周运动，从水平位置a沿逆时针方向运动到最高点b的过程中，下列说法正确的是（）A．木块A处于超重状态B．木块A处于失重状态C．B对A的摩擦力越来越小D．B对A的摩擦力越来越大12．带式传送机是在一定的线路上连续输送物料的搬运机械，又称连续输送机．如图所示，一条足够长的浅色水平传送带自左向右匀速运行．现将一个木炭包无初速度地放在传送带上，木炭包在传送带上将会留下一段黑色的径迹．下列说法正确的是（）A．黑色的径迹将出现在木炭包的左侧B．木炭包的质量越大，径迹的长度越短C．木炭包与传送带间动摩擦因数越大，径迹的长度越短D．传送带运动的速度越大，径迹的长度越短13．如图所示，在水平地面上A、B两点同时迎面抛出两个物体，初速度分别为v1、v2，与水平方向所成角α1=30°、α2=60°，两物体恰好落到对方抛出点．两物体在空中运动的时间分别为t1、t2，不计空气阻力．则（）A．v1=v2B．t1=t2C．两物体在空中可能相遇D．两物体位于同一竖直线时，一定在AB中点的右侧14．如图所示，一质量为m的小球套在光滑的竖直杆上，一轻质弹簧一端固定于O点，另一端与该小球相连，现将小球从A点由静止释放，沿竖直杆运动到B点的过程中，若已知OA间距小于OB间距，且A、B两位置弹簧弹力的大小相等，则由此可判断以下说法正确的是（）A．m由A到B的过程中可能一直加速B．m由A到B的过程中可能一直减速C．A、B之间存在两个加速度仅由重力决定的位置D．m由A到B的过程中，弹簧弹力做正功时物体运动的距离大于弹簧弹力作负功时物体运动的距离15．竖直上抛一球，球又落回原处，已知空气阻力的大小正比于球的速度，下述分析正确的是（）A．上升过程中克服重力做的功大于下降过程中重力做的功B．上升过程中克服阻力做的功等于下降过程中克服阻力的功C．上升过程中合力功的绝对值大于下降过程中合力功的绝对值D．上升过程中克服重力做功的最大瞬时功率大于下降过程中重力做功的最大瞬时功率二、实验题16．做“研究平抛物体的运动”实验时（1）如果小球每次从斜槽上不同位置释放，则各次相比相同的是A．小球平抛的初速度B．小球的平抛运动轨迹C．小球的平抛运动时间D．平抛过程中，小球通过相同水平位移所用的时间（2）安装实验装置的过程中，斜槽末端的切线必须是水平的，这样做的目的是A．保证小球飞出时，速度既不太大，也不太小B．保证小球飞出时，初速度水平C．保证小球在空中运动的时间每次都相等D．保证小球运动的轨道是同一条抛物线（3）某同学在研究平抛运动的实验中，在小方格纸上画出小球做平抛运动的轨迹后，又在轨迹上取出a、b、c、d四个点（轨迹已擦去），已知小方格纸的边长L=2.5cm，g取10m/s2，请你根据小方格纸上的信息，通过分析计算完成下面两个问题：①小球平抛运动的初速度v0=m/s；②从抛出点到b点所经历的时间是s．17．在做“研究平抛运动”的实验中，为了确定小球在不同时刻在空中所通过的位置．某一组同学实验时用了如图所示的装置．先将斜槽轨道的末端调整水平，在一块平整的木板表面钉上白纸和复写纸．将该木板竖直立于水平地面上，使小球从斜槽上紧靠挡板处由静止释放，小球撞到木板并在白纸上留下痕迹A；将木板向远离槽口平移距离x，再使小球从斜槽上紧靠挡板处由静止释放，小球撞在木板上得到痕迹B；又将木板再向远离槽口平移距离x，小球再从斜槽上紧靠挡板处由静止释放，再得到痕迹C．若测得木板每次移动距离x=10.00cm，A、B间距离y1=5.02cm，B、C间距离y2=14.82cm．请回答以下问题（g=9.80m/s2）：（1）根据以上直接测量的物理量来求得小球初速度的表达式为v0=．（用题中所给字母表示）．（2）小球初速度的值为v0=m/s．（结果保留两个有效数字）三、解答题18．人造卫星是由运载火箭点火发射后送入其运行轨道的，其发射后的飞行过程大致可分为：垂直加速阶段、惯性飞行阶段和进入轨道阶段，如图所示．设地球表面g=10m/s2，地球的半径R=6.4×103km（1）设某次发射过程中，有一在地球表面重为40N的物体，放置在该卫星中．在卫星垂直加速上升的过程中，且a=5m/s2时物体与卫星中的支持面的相互作用30N，则卫星此时距地面的高度是多少？（2）当卫星进入离地高为地球半径3倍的圆形轨道运动时，它运行的速度为多少km/s？19．如图所示，水平地面与某一半径R=5m的竖直光滑圆弧轨道相接于B点，轨道上C点位置处于圆心O正下方．距地面高h=5m的水平平台边缘上的A点，质量m=1kg的小球以v0=10m/s的速度水平飞出，小球在空中运动至B点时，恰好沿圆弧轨道在该点的切线方向滑入轨道．小球运动过程中空气阻力不计，重力加速度g=10m/s2．试求：（1）B点与抛出点A正下方的水平距离x；（2）圆弧BC段所对的圆心角θ；（3）小球滑到C点时，对轨道的压力．20．如图所示，质量为m的物体套在光滑竖直杆上，一轻绳跨过固定的光滑小滑轮O连在物体m上，小滑轮到杆的水平距离OB=0.3m，绳另一端挂一质量为M的物块，当细绳与竖直杆间的夹角为60°时，系统恰可保持静止状态，不计轻绳的重力和一切阻力（g取10m/s2）（1）求的值；（2）当将m由B点起从静止开始释放后，m将在B、C间做往复运动，求B、C间的距离及最大速度．[选修3-4]|21．如图所示，两束单色光a、b从水面下射向A点，光线经折射后合成一束光c，则下列说法正确的是（）A．用同一双缝干涉实验装置分别以a、b光做实验，a光的干涉条纹间距大于b光的干涉条纹间距B．用a、b光分别做单缝衍射实验时它们的衍射条纹宽度都是均匀的C．在水中a光的速度比b光的速度大D．在水中a光的临界角大于b光的临界角22．如图所示，实线是某时刻的波形图，虚线是0.2s后的波形图线，求（1）若波向左传播，求它传播的最小距离；（2）若波向右传播，求它的最大周期；（3）若波速是35m/s，求它的传播方向．[选修3-5]23．下列说法中正确的是（）A．氢原子由较高能级跃迁到较低能级时，电子的动能增加，原子的电势能减少B．比结合能越大，原子核越不稳定C．α射线是由原子核内放射出的氦核，与β射线和γ射线相比它具有较强的穿透能力D．放射性元素的半衰期不会随温度或压强的变化而变化E．康普顿效应表面光子不仅具有能量，而且还具有动量24．如图所示，光滑水平面上有A、B两个物体，A物体的质量m A=1kg，B物体的质量m B=4kg，A、B两个物体分别与一个轻弹簧拴接，B物体的左端紧靠竖直固定墙壁，开始时弹簧处于自然长度，A、B两物体均处于静止状态，现用大小为F=10N的水平恒力向左推A，将弹簧压缩了20cm时，A的速度恰好为0，然后撤去水平恒力，求：（1）运动过程中A物体的最大速度．（2）运动过程中B物体的最大速度．2016-2017学年河北省衡水中学高三（上）第二次调研物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（每题4分）1．在恒力F作用下，a、b两物体一起沿粗糙竖直墙面匀速向上运动，则关于它们受力情况的说法正确的是（）A．a一定受到4个力B．b可能受到4个力C．a与墙壁之间一定有弹力和摩擦力D．a与b之间不一定有摩擦力【考点】共点力平衡的条件及其应用；摩擦力的判断与计算；物体的弹性和弹力．【分析】先对物体b受力分析，受重力、支持力和摩擦力，三力平衡；对物体ab整体受力分析，根据平衡条件判断整体与竖直墙壁间的作用力情况，最后对物体a受力分析．【解答】解：B、对物体b受力分析，受重力、支持力和摩擦力，共受3个力，处于三力平衡状态．故B错误．ACD、对物体a、b整体受力分析，受重力、支持力，若墙壁对整体有支持力，水平方向不能平衡，故墙壁对整体没有支持力，故也没有摩擦力；对物体a受力分析，受推力、重力、物体b对其的压力和静摩擦力，即物体a共受4个力；故A正确，CD错误；故选：A2．细绳拴一个质量为m的小球，小球将左端固定在墙上的轻弹簧压缩（小球与弹簧不连接），小球静止时弹簧在水平位置，如图所示．将细绳烧断后，下列说法中正确的是（）A．小球立即开始做自由落体运动B．小球离开弹簧后做平抛运动C．小球运动的加速度先比重力加速度小，后来和重力加速度相等D．小球离开弹簧后做匀变速运动【考点】平抛运动；共点力平衡的条件及其应用；物体做曲线运动的条件．【分析】对小球受力分析可知，在与弹簧接触时，小球受到球的重力和弹簧的弹力的共同的作用，此过程中弹簧的弹力是不断减小的，离开弹簧之后，小球只受到重力的作用，做匀变速运动．【解答】解：A、将细绳烧断后，小球受到球的重力和弹簧的弹力的共同的作用，合力斜向右下方，并不是只有重力的作用，所以不是自由落体运动，故A错误．B、平抛运动在竖直方向上是只受重力的作用，由A的分析可知，小球并不是平抛运动，所以B错误．C、小球受到球的重力和弹簧的弹力的共同的作用，合力斜向右下方，并且大于重力的大小，所以开始时加速度的大小要比重力加速度大，故C错误．D、小球离开弹簧后，只受到重力的作用，所以是匀变速运动，故D正确．故选D．3．公路急转弯处通常是交通事故多发地带．如图，某公路急转弯处是一圆弧，当汽车行驶的速率为v0时，汽车恰好没有向公路内外两侧滑动的趋势．则在该弯道处（）A．路面外侧高内侧低B．车速只要低于v0，车辆便会向内侧滑动C．车速虽然高于v0，但只要不超出某一最高限度，车辆便不会向外侧滑动D．当路面结冰时，与未结冰时相比，v0的值变小【考点】向心力．【分析】汽车拐弯处将路面建成外高内低，汽车拐弯靠重力、支持力、摩擦力的合力提供向心力．速率为v c时，靠重力和支持力的合力提供向心力，摩擦力为零．根据牛顿第二定律进行分析．【解答】解：A、路面应建成外高内低，此时重力和支持力的合力指向内侧，可以提供圆周运动向心力，故A正确．B、车速低于v c，所需的向心力减小，此时摩擦力可以指向外侧，减小提供的力，车辆不会向内侧滑动．故B错误．C、当速度为v c时，静摩擦力为零，靠重力和支持力的合力提供向心力，速度高于v c时，摩擦力指向内侧，只有速度不超出最高限度，车辆不会侧滑．故C正确．D、当路面结冰时，与未结冰时相比，由于支持力和重力不变，则v c的值不变．故D错误．故选：AC4．在匀速转动的水平圆盘上有一个相对转盘静止的物体，则物体相对于转盘的运动趋势是（）A．没有相对运动趋势 B．沿切线方向C．沿半径指向圆心D．沿半径背离圆心【考点】向心力．【分析】匀速转动的水平转盘上有一相对转盘静止的物体，做匀速圆周运动，由静摩擦力提供向心力．根据向心力方向的特点分析静摩擦力方向，确定物体的运动趋势．【解答】解：由题，物体随转盘一起做匀速圆周运动，由静摩擦力提供向心力，方向始终指向圆心，则物体相对于转盘的运动趋势是沿半径背离圆心．故选：D．5．如图所示，一个表面光滑的斜面体M置于在水平地面上，它的两个斜面与水平面的夹角分别为α、β，且α＜β，M的顶端装有一定滑轮，一轻质细绳跨过定滑轮后连接A、B两个小滑块，细绳与各自的斜面平行，不计绳与滑轮间的摩擦，A、B恰好在同一高度处于静止状态．剪断细绳后，A、B滑至斜面底端，M始终保持静止．则（）A．滑块A的质量大于滑块B的质量B．两滑块到达斜面底端时的速度相同C．两滑块到达斜面底端时，A滑块重力的瞬时功率较大D．在滑块A、B下滑的过程中，斜面体受到水平向左的摩擦力【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【分析】对两个滑块分别受力分析，然后根据平衡条件列方程判断；最后再对斜面体受力分析，判断静摩擦力的方向．【解答】解：A、滑块A和滑块B沿着斜面方向的分力等大，故：m A gsinα=m B gsinβ；由于α＜β，故m A＞m B，故A正确；B、滑块下滑过程机械能守恒，有：mgh=，故v=，由于两个滑块的高度差相等，故落地速度相等，但方向不同，故B错误；C、滑块到达斜面底端时，滑块重力的瞬时功率：P A=m A gsinα•v，P B=m B gsinα•v；由于m A gsinα=m B gsinβ，故P A=P B，故C错误；D、滑块A对斜面体压力等于重力的垂直分力m A gcosα，滑块B对斜面体压力也等于重力的垂直分力m B gcosβ，如图所示N A sinα﹣N B sinβ=m A gcosαsinα﹣m B gcosβsinβ；由于m A gsinα=m B gsinβ；故N A sinα﹣N B sinβ=m A gcosαsinα﹣m B gcosβsinβ＞0，故静摩擦力向左，故D正确；故选：AD．6．如图所示，三个小球A、B、C分别在离地面不同高度处，同时以相同的速度向左水平抛出，小球A落到D点，DE=EF=FG，不计空气阻力，每隔相等的时间间隔小球依次碰到地面，则关于三小球（）A．B、C两球也落在D点B．B球落在E点，C球落在F点C．三小球离地面的高度AE：BF：CG=1：3：5D．三小球离地面的高度AE：BF：CG=1：4：9【考点】平抛运动．【分析】研究平抛运动的方法是把平抛运动分解到水平方向和竖直方向去研究，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，由于抛出速度相同，根据时间关系可确定各自运动的水平位移和各自抛出高度之比．【解答】解：A、相同的初速度抛出，而A、B、C三个小球的运动的时间之比为1：2：3，可得水平位移之比1：2：3，而DE=EF=FG，所以B、C两球也落在D点，故A正确，B错误；C、由h=可得，A、B、C三个小球抛出高度之比为1：4：9，故C错误，D正确．故选AD7．如图所示，质量均为m的两物体a、b放置在两固定的水平挡板之间，物体间竖直夹放一根轻弹簧，弹簧与a、b不粘连且无摩擦．现在物体b上施加逐渐增大的水平向右的拉力F，两物体始终保持静止状态，已知重力加速度为g，下列说法正确的是（）A．物体a对挡板的压力大小可能等于2mgB．物体a所受摩擦力随F的增大而增大C．物体b所受摩擦力随F的增大而增大D．弹簧对物体b的弹力大小可能等于mg【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【分析】根据物体b受水平拉力F力后仍处于静止，则可知，必定受到静摩擦力，从而可确定弹簧的弹力与物体b的重力关系，再由摩擦力产生的条件，即可求解．【解答】解：A、在b物体上施加水平拉力F后，两物体始终保持静止状态，则物体b受到接触面的静摩擦力，根据力的平衡可知，物体b所受摩擦力随F的增大而增大．物体b受到接触面的静摩擦力因此它们之间一定存在弹力，则弹簧的弹力大于物体b的重力mg；因弹簧的弹力大于物体b的重力mg；对A进行受力分析可知，A受到向下的重力、向下的弹簧的弹力和地面的支持力处于平衡状态，结合共点力的平衡可知，a受到的地面的支持力一定大于2mg，由牛顿第三定律可得，a物体对水平面的压力大小大于2mg，故AD错误C正确；B、根据摩擦力产生的条件可知，a物体没有相对运动的趋势，则没有摩擦力，故B错误；故选：C8．探月工程三期飞行试验器在中国西昌卫星发射中心发射升空，最终进入距月球表面h 的圆形工作轨道．设月球半径为R ，月球表面的重力加速度为g ，万有引力常量为G ，则下列选项正确的是（）A ．飞行试验器在工作轨道上的加速度为（）2gB ．飞行试验器绕月球运行的周期为2πC ．飞行试验器在工作轨道上的绕行速度为D ．月球的平均密度为【考点】万有引力定律及其应用；向心力．【分析】根据万有引力提供向心力和万有引力等于重力求出飞行试验器在工作轨道上的线速度、加速度．根据线速度和轨道半径求出周期，根据万有引力等于重力求出月球的质量，从而得出月球的平均密度．【解答】解：A 、根据，得，又，则，故A 正确；B 、飞行器绕月的周期，其中，得，故B 错误；C 、根据，飞行器在工作轨道的线速度，其中，得，故C 错误；D 、根据，得月球的质量，月球的体积，月球的密度，故D 正确；故选：AD9．中国志愿者王跃参与人类历史上第一次全过程模拟从地球往返火星的一次实验“火星﹣500”活动，王跃走出登陆舱，成功踏上模拟火星表面，在火星上首次留下中国人的足迹，目前正处于从“火星”返回地球途中．假设将来人类一艘飞船从火星返回地球时，经历了如图所示的变轨过程，则下列说法中正确的是（）A．飞船在轨道Ⅱ上运动时，在P点速度大于在Q点的速度B．飞船在轨道Ⅰ上运动时的机械能大于轨道Ⅱ上运动的机械能C．飞船在轨道Ⅰ上运动到P点时的加速度等于飞船在轨道Ⅱ上运动到P点时的加速度D．飞船在轨道Ⅰ上运动的周期小于飞船在轨道Ⅱ上运动的周期【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用．【分析】1、根据开普勒第二定律可知，飞船在轨道Ⅱ上运动时，在P点速度大于在Q点的速度．2、飞船从轨道Ⅰ转移到轨道Ⅱ上运动，必须在P点时，点火加速，使其速度增大做离心运动，即机械能增大．3、飞船在轨道Ⅰ上运动到P点时与飞船在轨道Ⅱ上运动到P点时有，r相等，则加速度必定相等．3、根据万有引力提供向心力，得，由此可知r不相等，所以周期T不相等．【解答】解：A、根据开普勒第二定律可知，飞船在轨道Ⅱ上运动时，在P点速度大于在Q 点的速度．故A正确．B、飞船在轨道Ⅰ上经过P点时，要点火加速，使其速度增大做离心运动，从而转移到轨道Ⅱ上运动．所以飞船在轨道Ⅰ上运动时的机械能小于轨道Ⅱ上运动的机械能．故B错误．C、飞船在轨道Ⅰ上运动到P点时与飞船在轨道Ⅱ上运动到P点时受到的万有引力大小相等，根据牛顿第二定律可知加速度必定相等．故C正确．D、根据周期公式，轨道Ⅰ上运动的半径小于飞船在轨道Ⅱ上运动的半径，所以飞船在轨道Ⅰ上运动的周期小于飞船在轨道Ⅱ上运动的周期．故D正确．故选：ACD10．如图所示，竖直面内有一个半圆形轨道，AB为水平直径，O为圆心，将一半径远小于轨道半径的小球从A点以不同的初速度水平向右抛出，若不计空气阻力，在小球从抛出到碰到轨道这个过程中．则（）A．初速度大的小球运动时间长B．初速度小的小球运动时间长C．速度不同的小球运动时间可能相同D．落在圆形轨道最低点的小球运动时间最长【考点】平抛运动．【分析】根据平抛运动的特点，平抛运动的时间由高度决定，与水平初速度无关．【解答】解：A、平抛运动的时间由高度决定，与水平初速度无关，初速度大时，与半圆接触时下落的距离不一定比速度小时下落的距离大，故AB错误；C、速度不同的小球下落的高度可能相等，如碰撞点关于半圆过O点的竖直轴对称的两个点，运动的时间相等，故C正确；D、落在圆形轨道最低点的小球下落的距离最大，所以运动时间最长，故D正确．故选CD11．如图所示，水平的木板B托着木块A一起在竖直平面内做匀速圆周运动，从水平位置a沿逆时针方向运动到最高点b的过程中，下列说法正确的是（）A．木块A处于超重状态B．木块A处于失重状态C．B对A的摩擦力越来越小D．B对A的摩擦力越来越大【考点】向心力；牛顿第二定律．【分析】木板托着物体在竖直平面内逆时针方向一起做匀速圆周运动，物体所受的合力提供圆周运动所需的向心力．当加速度方向向上时，物体处于超重状态，加速度向下时，物体处于失重状态．【解答】解：AB、物体作匀速圆周运动，向心加速度的大小不变，从水平位置a沿逆时针方向运动到最高点b的过程中，加速度的竖直分量是向下的，故处于失重状态，故A错误，B正确；CD、从水平位置a沿逆时针方向运动到最高点b的过程中，物体A受重力、支持力和静摩擦力，静摩擦力产生水平分加速度，由于水平分加速度减小，故静摩擦力减小，故C正确，D错误；故选：BC12．带式传送机是在一定的线路上连续输送物料的搬运机械，又称连续输送机．如图所示，一条足够长的浅色水平传送带自左向右匀速运行．现将一个木炭包无初速度地放在传送带上，木炭包在传送带上将会留下一段黑色的径迹．下列说法正确的是（）A．黑色的径迹将出现在木炭包的左侧B．木炭包的质量越大，径迹的长度越短C．木炭包与传送带间动摩擦因数越大，径迹的长度越短D．传送带运动的速度越大，径迹的长度越短。

河北省衡水中学2016-2017学年度上学期高三年级期中考试

河北衡水中学2016～2017学年上学期高三年级期中考试第二部分阅读理解（共20小题；每小题2分, 满分40分）第一节（共15小题；每小题2分，满分30分）阅读下列短文，从每题所给的四个选项（A、B、C和D）中，选出最佳选项，并在答题卡上将该项涂黑。

AIt is good to get in touch with your inner child from time to time，and obviously some people are willing to pay big money for the chance to do so in a proper environment．A Brooklyn-based adult preschool is charging customers between $333 and $999 for the chance to act like a kid again．At Preschool Mastermind in New York adults get to participate in show—and—tell，arts—and—crafts such as finger paint，games like musical chairs and even take naps．The month-long course also has class picture day where the adults are expected to have a field trip and a parent day．30-year-old Michelle Joni Lapidos，the brain behind the adult preschool，studied childhood education and has always wanted to be a preschool teacher．She’s always on the lookout for new ways to get people in touch with the freedom of childhood．A friend encouraged her to start the mastermind course instead．According to Candice，her blogger friend，Preschool Mastermind gives adults a chance to relearn and master the things that they failed to understand as children．“I realized all the significances of what we learn in preschool，”said founder Michelle Joni，“People come here and get in touch with their inner child．It’s magical．We are bringing ourselves back to another place，another time with ourselves when we are more believing in ourselves，more confident and ready to take on the world.”“One person’s here because they want to learn not to be so serious．”Michelle said．“Another's here to learn to be more confident.” She explained that most of the classes were planned．However，Joni added that while the planned activities were fun，it was often the spontaneous(自发的)moments that attracted students．“It’s the things you don’t plan for，the sharing between friends and learning from each other.’’21．What is the purpose of Preschool Mastermind?A．To give adults a chance to return to childhood．B．To help parents understand their children better．C．To provide practical training courses for teachers．D．To introduce some ways of playing with children．22．What is mainly discussed about Preschool Mastermind in Paragraph 2 ?A．Its customers．B．Its activities．C．Its environment．D．Its schedule. 23．According to Candice，people come to this program to________.A．enjoy freedom of thinking B．realize their childhood dreamsC．discover their inner abilities D．figure out childhood puzzles24．What do we know about Michelle Joni?A．She used to be a preschool teacher．B．She likes to make plans in advance．C．She founded Preschool Mastermind．D．She gained confidence by sharing．BBack in 2003 an 86-year-old man drove his Buick through a crowded farmers’ market. Nine people were killed. More than fifty-four people were hurt, fourteen with serious injuries. When he finally stopped, the 86-year-old man got out his car and screamed at people to get out of the way. No alcohol or drugs were found in his system. Apparently, he was just old and confused.This is a frightening accident, and it is not a rare one. There are many examples of elderly drivers driving into swimming pools, houses, storefronts, or worse.In our teenage years, we all heard “driving is not a right; it’s a privilege.” That is still true, and there comes an age when driving is no longer a privilege that can be allowed. After a certain age, eyesight and dementia(痴呆) are very serious concerns. Undoubtedly, these age-related problems affect some older adults’ driving ability. By the time a p erson is between eighty-five and ninety years old, his or her driving privilege should be examined.Licensing laws vary greatly from state to state, and it’s time for a national law on the maximum age limit for driving. The motivation for this law is safety. Another option is to start with laws that ban anyone over the age of eighty-five from driving after sundown, because driving conditions are not as safe as daylight hours. Still another option that may allow elderly drivers to continue driving could be new technology like a voice warning system that cautions drivers on busy streets or at traffic lights. Finally, since there are laws against driving under the influence of alcohol and drugs, shouldn’t some prescription drugs also be included? The average ag e of85-year-old is undoubtedly taking at least one prescription drug daily.The thought of an 86-year-old driver with failing eyesight running down the road in a two-ton piece of metal is unsettling to us all. Driving at an advanced age is not only challenging for the elderly drivers, but also it’s dangerous for the rest of us.25. The first paragraph is written in order to show_________.A. the harm of driving at an old ageB. the importance of traffic safetyC. traffic accidents are on the riseD. many elderly drivers are careless26. The author suggests that there should be new laws against driving __________.A. over eighty-fiveB. between sunset and dawnC. with the help of voice warning systemsD. under the influence of prescription drugs27. The underlined word “unsettling” in the last paragraph is closest in meaning to “________”.A. disappointingB. worryingC. touchingD. interesting28. Which of the following would be the best title for the text?A. How to keep old people safe on the road?B. Are drivers well protected by licensing laws?C. Should there be an age limit for elderly drivers?D. Is driving a right or a privilege for an old person?CI first came across the concept of pay-what-you-can cafes last summer in Boone, N.C., where I ate at F.A.R.M (Feed All Regardless of Means) Café. You can volunteer to earn your meal, pay the suggested price($10) or less, or you can overpay—paying it forward for a future customer’s meal. My only regret after eating there was not having a chance to give my time. So as soon as Healthy World Café opened in York in April, I signed up for a volunteer shift(轮班).F.A.R.M and Healthy World are part of a growing trend of community cafés. In 2003, Denise Cerreta opened the first in Salt Lake City. Cerreta now runs the One World Everybody Eats Foundation, helping others copy her pay-what-you can model.“I think the community café is truly a hand up, not a handout,” Cerreta said. She acknowledged that soup kitchens(施粥所) have a place in society, but people typically don’t feel good about going there.“One of the values of the community café is that we have another approach,” she said. “Everyone eats here, no one needs to know whether you volunteered, overpaid or underpaid.”The successful cafés not only address hunger and food insecurity but also become necessary parts of their neighborhood –whether it’s a place to learn skills or hear live music. Some teach cooking to seniors; some offer free used books. Eating or working there is a reminder that we are all in this world together.My 10 am---1pm shift at World-Healthy-Café began with the café manager – one of the two paid staff members. Our volunteer crew wasn’t the most orderly, but we managed to prepare and serve meals with a lot of laughs in between. At the end of my shift, I ordered my earned meal at the counter, together with other volunteers. After lunch, I walked out the door, with a handful of new friends, music in my head and a satisfied belly and heart.29. What did the author do at F.A.R.M Café last summer?A. She enjoyed a meal.B. She ate free of charge.C. She overpaid for the food.D. She worked as a volunteer.30. What is the advantage of community cafés compared with soup kitchens?A. People can have free food.B. People can maintain their dignity.C. People can stay as long as they like.D. People can find their places in society.31. Why are community cafés becoming popular in the neighborhoods?A. They bring people true friendships.B. They help to bring people together.C. They create a lot of job opportunities.D. They support local economic development.32. How did the author feel about working at Healthy World Café?A. It paid well.B. It changed her.C. It was beneficial.D. It was easy for her.DWe took a rare family road trip to the Adirondacks in late August，and it was as refreshing and exhausting as family vacations tend to be．Toward the end of our long drive home, even the kids were leaning forward in their seats urging my lead foot on．At that point in a road trip，even sixty-five miles per hour feels slow. We have become numb to our speed and numb to the road signs flashing by.My family lives on the edge of Lancaster County. Only thirty miles from home，I hit the brakes，and we began to roll，slowly，behind a horse-drawn carriage. We began to open our eyes again．We saw familiar green hills and the farm with the best watermelons. I rolled down the windows, and we breathed again．Just-cut hay and a barn full of dairy cattle．At five miles per hour，you remember what you forget at sixty-five．You are thinking about a place，even when you are moving from place to place．I am a placemaker. A homemaker, too. I am a mother of a young kid at home，and also a writer and a gardener．But，for me，those roles are wrapped up with the one big thing I want to do with the rest of my life：I want to cultivate a place and share it with others．The place I make with my family is a red-brick farmhouse built in l880. It has quite a few nineteenth-century bedrooms and a few acres of land，and we love nothing more than to fill them with neighbors and friends. We grow vegetables and flowers，keep a baker’s dozen of egg—laying chickens，and，since we moved in three years ago，we have planted many，many trees．Living with my life’s purpose does not allow for much travel. I need to be here，feeding the chickens and watering the tomatoes. Any extra in the budget，and we spend it on trees．But I learned something at the end of our family road trip．Travel can help me in the task of caring for my own place．When I slow down and pay attention to the road between here and there，travel tells me the connections between my place and all the other places．33．What does the author try to express in the first paragraph?A．The tiredness of her past family life．B．Her disappointment at the family road trip．C．The family’s eagerness to return home．D．Kids’excitement at driving fast on the road．34．Why did the author slow her car some miles from her home?A．Because she made a way for a horse-drawn carriage．B．Because she enjoyed the scenery along the road．C．Because she needed a break after the long drive．D．Because she wanted to get rid of a fast-paced life．35．What can be the best title of the passage?A．On the Way Home B．Never Travel againC．Escape from a Family Life D．Life on the Farm第二节根据短文内容,从文后的选项中选出能填人空白处的最佳选项。

【全国百强校】河北省衡水第二中学2016届高三上学期期中考试物理试题解析(解析版)

一、选择题（本题共13个小题，每小题4分，共52分。

其中1-8为单选，9-13为多选）1．许多科学家对物理学的发展作出了巨大贡献，也创造出了许多物理学方法．以下关于物理学史和所用物理学方法的叙述中错误的是（）A ．在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加之和代表物体的位移，这里采用了微元法B ．牛顿进行了“月—地检验”，得出天上和地下的物体都遵从万有引力定律的结论C ．由于牛顿在万有引力定律方面的杰出成就，所以被称为能“称量地球质量”的人D ．根据速度定义式t x v ∆∆=，当t ∆非常非常小时，tx ∆∆就可以表示物体在t 时刻的瞬时速度，该定义应用了极限思想方法【答案】C考点：物理学史以及物理问题的研究方法【名师点睛】此题考查了物理学史以及物理问题的研究方法；物理问题的研究方法很多，例如理想模型法、微元法、等效法、极限法、控制变量法等，这些方法在平时解题或者处理物理问题时经常用到的，要会使用这些方法处理有关的问题.2．如图所示，两条曲线为汽车a 、b 在同一条平直公路上的v-t 图像，已知在t 2时刻，两车相遇，下列说法正确的是A ．在t 1～t 2时间内，a 车加速度先增大后减小B ．在t 1～t 2时间内，a 车的位移比b 车的小C ．t 2时刻可能是b 车追上a 车D ．t 1时刻前的某一时刻两车可能相遇【答案】D考点：v-t 图线；追击问题【名师点睛】此题是对速度时间图线及追击问题的考查；解决本题的关键知道速度时间图线的物理意义，知道图线与时间轴围成的面积表示位移，图线的切线斜率表示瞬时加速度，两车相遇时两车的位移相等；此题难度不大.3．如图，质量为M 、半径为R 的半球形物体A 放在粗糙水平地面上，通过最高点处的钉子用水平轻质细线拉住一质量为m 、半径为r 的光滑球B ，重力加速度为g 。

则（）A ．A 对地面的摩擦力方向向左B ．B 对A 的压力大小为R rmg R + C ．细线对小球的拉力大小为rmg RD ．若剪断绳子（A 不动），则此瞬时球B 加速度大小为g RR r R 22-)(+【答案】B 【解析】考点：物体的平衡；牛顿第二定律的应用【名师点睛】本题考查了物体的平衡以及牛顿第二定律的应用问题；关键是采用整体法和隔离法灵活选择研究对象，受力分析后根据平衡条件和牛顿第二定律列式分析；此题是中等题，意在考查学生对物理基本方法的运用能力.4．有a 、b 、c 、d 四颗地球卫星，a 还未发射，在赤道表面上随地球一起转动，b 是近地轨道卫星，c 是地球同步卫星，d 是高空探测卫星，它们均做匀速圆周运动，各卫星排列位置如图所示，则下面叙述中不正确的是 ( )A ．a 的向心加速度等于重力加速度gB ．在相同时间内b 转过的弧长最长C ．c 在4小时内转过的圆心角是3D ．d 的运动周期有可能是28小时【答案】A 【解析】考点：万有引力定律的应用【名师点睛】此题是万有引力定律的应用问题；对于卫星问题，要建立物理模型，根据万有引力提供向心力，分析各量之间的关系，并且要知道同步卫星的条件和特点：地球同步卫星的周期、角速度与地球自转的周期、角速度相同。

(解析版)河北省衡水市枣强中学2016届高三上学期期中物理试卷 Word版含解析

2015-2016学年河北省衡水市枣强中学高三（上）期中物理试卷一、选择题（每题4分，少选2分，其中1.5.6.7.8.9.11为多选，其他为单选）1．伽利略为了研究自由落体的规律，将落体实验转化为著名的“斜面实验”，对于这个研究过程，下列说法正确的是（）A．斜面实验放大了重力的作用，便于测量小球运动的路程B．斜面实验“冲淡”了重力的作用，便于小球运动时间的测量C．通过对斜面实验的观察与计算，直接得到自由落体的运动规律D．根据斜面实验结论进行合理的外推，得到自由落体的运动规律2．下列说法中正确的是（）A．原子的核式结构学说，是卢瑟福根据天然放射现象提出来的B．用升温、加压的方法和化学的方法可以改变原子核衰变的半衰期C．一束光照射到某种金属上不能发生光电效应，是因为该束光的波长太长D．重核裂变时释放能量，会出现质量亏损，即生成物的总质量数小于反应前的总质量数3．原子从一个能级跃迁到一个较低的能级时，有可能不发射光子，例如在某种条件下，铬原子的n=2能级上的电子跃迁到n=1能级上时并不发射光子，而是将相应的能量转交给n=4能级上的电子，使之脱离原子，这一现象叫做俄歇效应，以这种方式脱离了原子的电子叫做俄歇电子，已知铬原子的能级公式可简化表示为E n=，式中n=1，2，3…表示不同能级，A是正的已知常数，上述俄歇电子的动能是（）A． B． A C． A D． A4．从同一地点同时开始沿同一直线运动的两个物体I、II的速度图象如图所示，在0～t2时间内，下列说法中正确的是（）A．Ⅰ、Ⅱ两个物体在t1时刻相遇B．Ⅰ、Ⅱ两个物体的平均速度大小都是C．Ⅰ、Ⅱ两个物体所受的合外力都在不断减小D．Ⅰ物体的加速度不断增大，Ⅱ物体的加速度不断减小5．物体A和B相对静止，以共同的速度沿斜面匀速下滑，则（）A．A、B间无摩擦力的作用B．B受到滑动摩擦力的大小为（m A+m B）gsinθC．B受到的静摩擦力的大小为m A gsinθD．取走A物后，B物将匀加速下滑6．如图所示，倾角为θ的斜面体c置于水平地面上，小物块b置于斜面上，通过细绳跨过光滑的定滑轮与沙漏a连接，连接b的一段细绳与斜面平行．在a中的沙子缓慢流出的过程中，a、b、c都处于静止状态，则（）A．b对c的摩擦力一定减小B．沙子流出过程中，某个时刻b受的摩擦力有可能与未流沙时所受摩擦力大小相等C．地面对c始终没有摩擦力D．地面对c的摩擦力一定减小7．如图所示，质量为m的物体用细绳拴住放在水平粗糙传送带上，物体到传送带左端的距离为L，稳定时绳与水平方向的夹角为θ，当传送带分别以v1、v2的速度做逆时针转动时（v1＜v2），绳中的拉力分别为F1、F2；若剪断细绳时，物体到达左端的时间分别为t1、t2，则下列说法正确的是（）A．F1＜F2B．F1=F2C．t1可能等于t2D．t1一定大于t28．如图所示，在2011年12月17日全国自由式滑雪比赛中，我国某一运动员从弧形雪坡上沿水平方向飞出后，又落回到斜面雪坡上，如图所示，若斜面雪坡的倾角为θ，飞出时的速度大小为v0，不计空气阻力，运动员飞出后在空中的姿势保持不变，重力加速度为g，则（）A．如果v0不同，则该运动员落到雪坡时的速度方向也就不同B．不论v0多大，该运动员落到雪坡时的速度方向都是相同的C．运动员落到雪坡时的速度大小是D．运动员在空中经历的时间是9．如图所示，光滑半球的半径为R，球心为O，固定在水平面上，其上方有一个光滑曲面轨道AB，高度为．轨道底端水平并与半球顶端相切．质量为m的小球由A点静止滑下．小球在水平面上的落点为C，则（）A．小球将沿半球表面做一段圆周运动后抛至C点B．小球将从B点开始做平抛运动到达C点C．OC之间的距离为RD．OC之间的距离为2R10．为了验证拉住月球使它围绕地球运动的力与拉着苹果下落的力以及地球、众行星与太阳之间的作用力是同一性质的力，同样遵从平方反比定律，牛顿进行了著名的“月地检验”．已知月地之间的距离为60R（R为地球半径），月球围绕地球公转的周期为T，引力常量为G．则下列说法中正确的是（）A．物体在月球轨道上受到的地球引力是其在地面附近受到的地球引力的B．由题中信息可以计算出地球的密度为C．物体在月球轨道上绕地球公转的向心加速度是其在地面附近自由下落时的加速度的D．由题中信息可以计算出月球绕地球公转的线速度为11．如图所示，金属板带电量为+Q，质量为m的金属小球带电量为+q，当小球静止后，悬挂小球的绝缘细线与竖直方向间的夹角为α，小球与金属板中心O恰好在同一条水平线上，且距离为L．下列说法正确的是（）A．+Q在小球处产生的场强为E1=B．+Q在小球处产生的场强为E1=C．+q在O点产生的场强为E2=D．+q在O点产生的场强为E2=12．如图所示，以O为圆心的圆周上有6个等分点a，b，c，d，e，f，等量正、负点电荷分别放置在a、d两处时，在圆心O处产生的电场强度大小为E．现改变a处点电荷的位置，使O点的电场强度改变，下列叙述正确的是（）A．移至c处，O处的电场强度大小不变B．移至b处，O处的电场强度大小减半C．移至e处，O处的电场强度大小减半D．移至f处，O处的电场强度大小不变13．如图所示，在竖直平面内有一矩形，其长边与一圆的底部相切于O点，现在有三条光滑轨道abc，它们的上端位于圆周上，下端在矩形的底边，三轨道都经过切点O，现在让一物块先后从三轨道顶端由静止下滑至底端，则物块在每一条倾斜轨道上滑动时所经历的时间关系为（）A．t a＜t b＜t c B．t a＞t b＞t c C．t a=t b=t c D．无法确定14．如图所示，物体A的质量为M=50kg，物体B的质量为m=22kg，通过绳子连接在一起，物体B套在光滑的竖直杆上，开始时连接物体B的绳子处于水平，长度l=4m，现从静止释放物体B，物体B下降h=3m时的速度为（）（不计定滑轮和空气的阻力，取g=10m/s2）A．v=m/s B．v=2m/s C．v=m/s D．v=m/s二．实验题15．如图1所示，为“探究加速度与力、质量的关系”实验装置，该装置依靠电子信息系统获得了小车加速度a的信息，由计算机绘制出a与钩码重力的关系图．钩码的质量为m，小车和砝码的质量为M，重力加速度为g．（1）下列说法正确的是A．每次在小车上加减砝码时，应重新平衡摩擦力B．实验时若用打点计时器应先释放小车后接通电源C．本实验m应远小于MD．在用图象探究加速度与质量关系时，应作a﹣图象（2）实验时，某同学由于疏忽，遗漏了平衡摩擦力这一步骤，他作出的a﹣F图可能是图2中（选填“甲”、“乙”、“丙”）图线．此图线的AB段明显偏离直线，造成此误差的主要原因是A．小车与轨道之间存在摩擦B．导轨保持了水平状态C．砝码盘和砝码的总质量太大D．所用小车的质量太大（3）实验时，某同学遗漏了平衡摩擦力这一步骤，其它操作均正确，若轨道水平，他测量得到的图象如图3．设图中纵轴上的截距为﹣b，则小车与木板间的动摩擦因数μ=．16．利用气垫导轨验证机械能守恒定律，实验装置如图所示，水平桌面上固定一倾斜的气垫导轨；导轨上A点处有一带长方形遮光片的滑块，其总质量为M，左端由跨过轻质光滑定滑轮的细绳与一质量为m的小球相连；遮光片两条长边与导轨垂直；导轨上B点有一光电门，可以测量遮光片经过光电门时的挡光时间t，用d表示A点到光电门B处的距离，b表示遮光片的宽度，将遮光片通过光电门的平均速度看作滑块通过B点时的瞬时速度，实验时滑块在A处由静止开始运动（1）滑块通过B点的瞬时速度可表示为；（2）某次实验测得倾角θ，重力加速度用g表示，滑块从A处到达B处时m和M组成的系统动能增加量可表示为△E k=，系统的重力势能减少量可表示为△E p=，在误差允许的范围内，若△E k=△E p则可认为系统的机械能守恒．三.计算题（要求写出必要的文字说明和解题过程）17．汽车前方20m处有一自行车正以8m/s的速度匀速前进，汽车从静止开始以2m/s2的加速度追赶自行车，若两车在同一条公路不同车道上做同方向的直线运动，求：（1）经多长时间，两车第一次相遇？（2）若汽车追上自行车后立即刹车，汽车刹车过程中的加速度大小为2m/s2，则再经多长时间两车第二次相遇？18．特种兵过山谷的一种方法可简化为图示情景．将一根长为3d的不可伸长的细绳两端固定在相距为d的A、B两等高点，绳上挂一小滑轮P，战士们相互配合，沿着绳子滑到对面．如图所示，战士甲水平拉住滑轮，质量为m的战士乙吊在滑轮上，脚离地，处于静止状态，此时AP竖直，然后战士甲将滑轮从静止状态释放，若不计滑轮摩擦及空气阻力，也不计绳与滑轮的质量，求：（1）战士甲释放前对滑轮的水平拉力F；（2）战士乙滑动过程中的最大速度．（结果可保留根号）19．如图所示，一长木板置于粗糙水平地面上，木板左端放置一小铁块，在木板右方有一档板，长木板右端距离挡板为4.5m，给小铁块与木板一共同初速度v0=5m/s二者将一起向右运动，直至木板与档板碰撞（碰撞时间极短）．碰撞前后木板速度大小不变，方向相反．已知运动过程中小铁块始终未离开木板，已知长木板与地面的摩擦因数μ1=0.1，小铁块与木板间的动摩擦因数为μ2=0.4，小铁块的质量是m=1kg，木板质量是M=5kg，重力加速度大小g 取10m/s2．求（1）木板与挡板碰前瞬间的速度（2）木板与档板第一次碰撞后，木板的加速度a1和小铁块的加速度a2各为多大（3）木板至少有多长．2015-2016学年河北省衡水市枣强中学高三（上）期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（每题4分，少选2分，其中1.5.6.7.8.9.11为多选，其他为单选）1．伽利略为了研究自由落体的规律，将落体实验转化为著名的“斜面实验”，对于这个研究过程，下列说法正确的是（）A．斜面实验放大了重力的作用，便于测量小球运动的路程B．斜面实验“冲淡”了重力的作用，便于小球运动时间的测量C．通过对斜面实验的观察与计算，直接得到自由落体的运动规律D．根据斜面实验结论进行合理的外推，得到自由落体的运动规律【分析】本题考查了有伽利略“斜面实验”的知识，根据其历史背景我们知道，之所以采用“斜面实验”，注意碍于当时对时间的测量技术、手段落后．【解答】解：伽利略时代，没有先进的测量手段和工具，为了“冲淡”重力作用，采用斜面实验，其实就是为了使物体下落时间长些，减小实验误差，故A错误、B正确；根据实验结果，伽利略将实验结论进行合理的外推，得到落体的运动规律，并非是主观臆断得出的，是在实验的基础上得出的，故C错误，D正确．故选：BD．2．下列说法中正确的是（）A．原子的核式结构学说，是卢瑟福根据天然放射现象提出来的B．用升温、加压的方法和化学的方法可以改变原子核衰变的半衰期C．一束光照射到某种金属上不能发生光电效应，是因为该束光的波长太长D．重核裂变时释放能量，会出现质量亏损，即生成物的总质量数小于反应前的总质量数【分析】原子的核式结构学说，是卢瑟福通过α粒子散射实验提出来的；用升温、加压的方法和化学的方法不会改变原子核的半衰期；发生光电效应的条件是入射光的频率大于金属的极限频率，或入射光的波长小于金属的极限波长；核反应前后质量数守恒，质量亏损是反应后的质量小于反应前的质量．【解答】解：A、原子的核式结构学说，是卢瑟福通过α粒子散射实验提出来的，故A错误．B、半衰期与原子核所处的物理环境以及化学状态无关，故B错误．C、当入射光的波长大于金属的极限波长，不会发生光电效应，可知一束光照射到某种金属上不能发生光电效应，是因为该束光的波长太长，故频率太低，C正确．D、重核裂变时释放能量，会出现质量亏损，即生成物的质量小于反应前的质量，质量数守恒，故D错误．故选：C．3．原子从一个能级跃迁到一个较低的能级时，有可能不发射光子，例如在某种条件下，铬原子的n=2能级上的电子跃迁到n=1能级上时并不发射光子，而是将相应的能量转交给n=4能级上的电子，使之脱离原子，这一现象叫做俄歇效应，以这种方式脱离了原子的电子叫做俄歇电子，已知铬原子的能级公式可简化表示为E n=，式中n=1，2，3…表示不同能级，A是正的已知常数，上述俄歇电子的动能是（）A． B． A C． A D． A【分析】根据能级公式算出第1能级和第2能级能量，从而算出原子从2能级向1能级跃迁时释放的能量，而该能量使n=4能级上电子恰好电离后剩余能量即为俄歇电子的动能．【解答】解：由题意可知n=1能级能量为：E1=﹣A，n=2能级能量为：E2=﹣，从n=2能级跃迁到n=1能级释放的能量为：△E=E2﹣E1=n=4能级能量为：E4=﹣，电离需要能量为：E=0﹣E4=所以从n=4能级电离后的动能为：E K=△E﹣E=﹣=，故BCD错误，A正确．故选：A．4．从同一地点同时开始沿同一直线运动的两个物体I、II的速度图象如图所示，在0～t2时间内，下列说法中正确的是（）A．Ⅰ、Ⅱ两个物体在t1时刻相遇B．Ⅰ、Ⅱ两个物体的平均速度大小都是C．Ⅰ、Ⅱ两个物体所受的合外力都在不断减小D．Ⅰ物体的加速度不断增大，Ⅱ物体的加速度不断减小【分析】速度﹣时间图象上某点的切线的斜率表示该点对应时刻的加速度大小，图线与时间轴包围的面积表示对应时间内的位移大小，再根据平均速度的定义进行分析．【解答】解：A、图线与坐标轴围成图形的面积Ⅰ大于Ⅱ，所以I、II两个物体在t1时刻不相遇，A错误；B、图线与时间轴包围的面积表示对应时间内的位移大小，如果物体的速度从v2均匀减小到v1，或从v1均匀增加到v2，物体的位移就等于图中梯形的面积，平均速度就等于故Ⅰ的平均速度大于，Ⅱ的平均速度小于，故B错误；C、速度﹣时间图象上某点的切线的斜率表示该点对应时刻的加速度大小，故物体Ⅰ做加速度不断减小的加速运动，物体Ⅱ做加速度不断减小的减速运动，根据牛顿第二定律知I、II两个物体所受的合外力都在不断减小，C正确D错误；故选：C．5．物体A和B相对静止，以共同的速度沿斜面匀速下滑，则（）A．A、B间无摩擦力的作用B．B受到滑动摩擦力的大小为（m A+m B）gsinθC．B受到的静摩擦力的大小为m A gsinθD．取走A物后，B物将匀加速下滑【分析】解答本题的关键是正确应用整体与隔离法，以整体为研究对象，整体重力沿斜面的分力等于斜面给B的摩擦力，然后隔离A，A处于平衡状态，A所受重力沿斜面的分力等于B给A的静摩擦力．【解答】解：A、以A为研究对象，A处于平衡状态，因此有f=m A gsinθ，所以A受到B给其沿斜面向上的摩擦力作用，故A错误；B、以整体为研究对象，根据平衡状态有：（m A+m B）gsinθ=f B，故B正确；C、A对B的静摩擦力与B对A的静摩擦力大小相等，故有：f′=f=m A gsinθ，C正确；D、由前面分析知：（m A+m B）gsinθ=f B，又根据滑动摩擦力公式有：f B=μ（m A+m B）gcosθ，得：μ=tanθ，取走A物体后，物体B受滑动摩擦力为μm B gcosθ，代入μ=tanθ得，μm B gcosθ=mgsinθ，即物体B受力平衡，则物体B仍能做匀速直线运动，故D错误；故选：BC6．如图所示，倾角为θ的斜面体c置于水平地面上，小物块b置于斜面上，通过细绳跨过光滑的定滑轮与沙漏a连接，连接b的一段细绳与斜面平行．在a中的沙子缓慢流出的过程中，a、b、c都处于静止状态，则（）A．b对c的摩擦力一定减小B．沙子流出过程中，某个时刻b受的摩擦力有可能与未流沙时所受摩擦力大小相等C．地面对c始终没有摩擦力D．地面对c的摩擦力一定减小【分析】b受到c的摩擦力不一定减小，与两物体的重力、斜面的倾角有关．对bc整体研究，由平衡条件分析水平面对c的摩擦力大小和方向．【解答】解：A、B、设a、b的重力分别为G a、G b．若G a＞G b sinθ，b受到c的摩擦力沿斜面向上，在a中的沙子缓慢流出的过程中，G a逐渐减小，摩擦力逐渐减小，当G a=G b sinθ，b受到c的摩擦力为零，G a逐渐减小，b受到c的摩擦力沿斜面向上，随着沙子的流出，摩擦力又逐渐增大，可能在某个时刻与未流沙时所受摩擦力大小相等，故A错误，B正确；C、D、以bc整体为研究对象，分析受力如图，根据平衡条件得知水平面对c的摩擦力f=Tcosθ=G a cosθ，方向水平向左．在a中的沙子缓慢流出的过程中，则摩擦力在减小．故D正确，C错误．故选：BD7．如图所示，质量为m的物体用细绳拴住放在水平粗糙传送带上，物体到传送带左端的距离为L，稳定时绳与水平方向的夹角为θ，当传送带分别以v1、v2的速度做逆时针转动时（v1＜v2），绳中的拉力分别为F1、F2；若剪断细绳时，物体到达左端的时间分别为t1、t2，则下列说法正确的是（）A．F1＜F2B．F1=F2C．t1可能等于t2D．t1一定大于t2【分析】两种情况下木块均保持静止状态，对木快受力分析，根据共点力平衡条件可列式分析出绳子拉力大小关系；绳子断开后，对木块运动情况分析，可比较出运动时间．【解答】解：A、对木块受力分析，受重力G、支持力N、拉力T、滑动摩擦力f，如图由于滑动摩擦力与相对速度无关，两种情况下的受力情况完全相同，根据共点力平衡条件，必然有F1=F2，故B正确，A错误．CD、绳子断开后，木块受重力、支持力和向左的滑动摩擦力，重力和支持力平衡，合力等于摩擦力，水平向左加速时，根据牛顿第二定律，有：μmg=ma，解得：a=μg，故木块可能一直向左做匀加速直线运动；也可能先向左做匀加速直线运动，等到速度与皮带速度相同，然后一起匀速运动；由于v1＜v2，故①若两种情况下木块都是一直向左做匀加速直线运动，则t l等于t2②若传送带速度为v1时，木块先向左做匀加速直线运动，等到速度与皮带速度相同，然后一起匀速运动；传送带速度为v2时，木块一直向左做匀加速直线运动，则t1＞t2③两种情况下木块都是先向左做匀加速直线运动，等到速度与皮带速度相同，然后一起匀速运动，则t1＞t2．故C正确，D错误．故选：BC．8．如图所示，在2011年12月17日全国自由式滑雪比赛中，我国某一运动员从弧形雪坡上沿水平方向飞出后，又落回到斜面雪坡上，如图所示，若斜面雪坡的倾角为θ，飞出时的速度大小为v0，不计空气阻力，运动员飞出后在空中的姿势保持不变，重力加速度为g，则（）A．如果v0不同，则该运动员落到雪坡时的速度方向也就不同B．不论v0多大，该运动员落到雪坡时的速度方向都是相同的C．运动员落到雪坡时的速度大小是D．运动员在空中经历的时间是【分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，由斜面倾角的正切等于竖直位移与水平位移之比，从而求出运动的时间；因此可求出竖直方向的运动速度，求解运动员落地点时的速度大小和方向．【解答】解：A、B、D、设在空中飞行时间为t，运动员在竖直方向做自由落体运动，水平方向做匀速直线运动；运动员竖直位移与水平位移之比：===tanθ，则有飞行的时间t=运动员落到雪坡时竖直方向的速度大小为：v y=gt=2v0tanθ设此时运动员的速度与方向水平的夹角为α，则tanα==2tanθ，可见α与初速度v0无关，初速度不同，但运动员落到雪坡时的速度方向相同，故AD错误、B正确．C、运动员落回雪坡时的速度大小：v=≠，故C错误；故选：B．9．如图所示，光滑半球的半径为R，球心为O，固定在水平面上，其上方有一个光滑曲面轨道AB，高度为．轨道底端水平并与半球顶端相切．质量为m的小球由A点静止滑下．小球在水平面上的落点为C，则（）A．小球将沿半球表面做一段圆周运动后抛至C点B．小球将从B点开始做平抛运动到达C点C．OC之间的距离为RD．OC之间的距离为2R【分析】从A到B的过程中，根据机械能守恒可以求得到达B点时的速度，根据圆周运动的向心力公式可以判断离开B点后的运动情况．【解答】解：从A到B的过程中，根据机械能守恒可，mg R=mV2，解得V=，在B点，当重力恰好作为向心力时，由mg=m，解得V B=，所以当小球到达B点时，重力恰好作为向心力，所以小球将从B点开始做平抛运动到达C，所以A错误，B正确．根据平抛运动的规律，水平方向上：x=V B t竖直方向上：R=gt2解得x=R，所以C正确，D错误．故选BC．10．为了验证拉住月球使它围绕地球运动的力与拉着苹果下落的力以及地球、众行星与太阳之间的作用力是同一性质的力，同样遵从平方反比定律，牛顿进行了著名的“月地检验”．已知月地之间的距离为60R（R为地球半径），月球围绕地球公转的周期为T，引力常量为G．则下列说法中正确的是（）A．物体在月球轨道上受到的地球引力是其在地面附近受到的地球引力的B．由题中信息可以计算出地球的密度为C．物体在月球轨道上绕地球公转的向心加速度是其在地面附近自由下落时的加速度的D．由题中信息可以计算出月球绕地球公转的线速度为【分析】假设拉住月球使它围绕地球运动的力与地球上物体受到的引力是同一种力，根据已知量结合牛顿第二定律求出月球绕地球运行的加速度进行比较分析．【解答】解：AC、物体在月球球轨道上受到地球引力F=，故A错误，C正确；B、据万有引力提供向心力有可得地球质量M=，根据密度公式可知地球的密度，故B错误；D、据v==，故D错误．故选：C．11．如图所示，金属板带电量为+Q，质量为m的金属小球带电量为+q，当小球静止后，悬挂小球的绝缘细线与竖直方向间的夹角为α，小球与金属板中心O恰好在同一条水平线上，且距离为L．下列说法正确的是（）A．+Q在小球处产生的场强为E1=B．+Q在小球处产生的场强为E1=C．+q在O点产生的场强为E2=D．+q在O点产生的场强为E2=【分析】先对金属小球受力分析：受重力、细线的拉力、静电力，根据平衡条件求解出静电力F，根据公式E=求解+Q在小球处产生的场强；再根据公式E=k求解+q在O点产生的场强．【解答】解：对金属小球受力分析，如图所示：根据平衡条件，有：F=mgtanθ故+Q在小球处产生的场强为：E1==根据点电荷的场强公式，+q在O点产生的场强为：E2=故选：BC12．如图所示，以O为圆心的圆周上有6个等分点a，b，c，d，e，f，等量正、负点电荷分别放置在a、d两处时，在圆心O处产生的电场强度大小为E．现改变a处点电荷的位置，使O点的电场强度改变，下列叙述正确的是（）A．移至c处，O处的电场强度大小不变B．移至b处，O处的电场强度大小减半C．移至e处，O处的电场强度大小减半D．移至f处，O处的电场强度大小不变【分析】根据点电荷在0处电场强度的叠加求出可表示两电荷单独存在时的电场强度；再分析移动之后的合场强，注意场强的叠加满足矢量合成的原理．【解答】解：A、由题意可知，等量正、负点电荷在O处的电场强度大小均为，方向水平向右．当移至c处，两点电荷在该处的电场强度方向夹角为60°，则o处的合电场强度大小为，故A错误；B、同理，当移至b处，两点电荷在该处的电场强度方向夹角为60°，o处的合电场强度大小E，故B错误；C、同理，当移至e处，两点电荷在该处的电场强度方向夹角为120°o处的合电场强度大小E，故C正确；D、同理，当移至f处，o处的合电场强度大小为E，故D错误；故选：C．13．如图所示，在竖直平面内有一矩形，其长边与一圆的底部相切于O点，现在有三条光滑轨道abc，它们的上端位于圆周上，下端在矩形的底边，三轨道都经过切点O，现在让一物块先后从三轨道顶端由静止下滑至底端，则物块在每一条倾斜轨道上滑动时所经历的时间关系为（）A．t a＜t b＜t c B．t a＞t b＞t c C．t a=t b=t c D．无法确定【分析】根据几何关系求出轨道的长度，结合牛顿第二定律求出物块下滑的加速度，根据位移时间公式求出物块在滑动时经历的时间大小关系【解答】解：设上面圆的半径为r，下面圆的半径为R，则轨道的长度s=2rcosα+R，下滑的加速度a=，根据位移时间公式得，x=at2，则t==．因为a、b、c夹角由小至大，所以有t c＞t b＞t a．故A正确，B、C、D错误．故选：A14．如图所示，物体A的质量为M=50kg，物体B的质量为m=22kg，通过绳子连接在一起，物体B套在光滑的竖直杆上，开始时连接物体B的绳子处于水平，长度l=4m，现从静止释放物体B，物体B下降h=3m时的速度为（）（不计定滑轮和空气的阻力，取g=10m/s2）。