山西省太原市2015-2016学年高一上学期阶段测试(一)物理试题答案
山西省太原市2015-2016学年高一上学期期末考试物理试卷及答案
太原市2015 ～2016学年第一期高年级期末考试物理试卷一、单项选择题：本题包含10 小题，每3分，共30 分。
在每小题每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的，请将正确选项前的字母填在下表内相应位置。
1. 关于物理量或的单位，下列说法正确的是（）A. 1N/kg=9.8m/s2B. m、N、s都是国际单位制中的基本单位C. 后人为了纪念牛顿，把“牛顿”作为力学中的基本单位D. 在力学范围内，国际单位制规定长度、质量、速度为三个基本物理量2. 力是矢量，它的合成与分解遵守平行四边形定则，两个大小分别为7N和9N的共点力，它们的合力（）A. 一定是16NB. 可能是2NC. 不可能是3ND. 不可能是9N3. 下列关于惯性的说法中，正确的是（）A. 人走路时没有惯性，被绊倒时有惯性B. 百米赛跑到终点时不能立刻停下是由于惯性，停下后惯性消失C. 物体没有受到外力作用时有惯性，受到外力作用后惯性被克服D. 物体的惯性与物体的运动状态及受力情况无关，只由质量决定4. 如图分别是物体运动的位移x、速度v、加速度a和物体受到的合外力F随时间t的变化图像，其中表示物体在做匀加速运动的是（）5. 教室里的竖直磁性黑板上通常吸有一些小铁（如图中小猫），“小猫”被吸在黑板被吸在黑板上可以用于“贴”挂图或试题答案。
关于“小猫”，下列说法中正确的是（）A. “小猫”受到黑板的吸引力大于受到的弹力才能被吸在黑板上B. “小猫”受到黑板的吸引力的吸引力与弹力是一对相互作用C. “小猫”受到黑板的摩擦力与它受到的重力是一对平衡力D. “小猫”受到的 支持力 黑板受到的压力是一对平衡力6. 某实验小组利用DIS 系统在电梯内研究超重和失重现象。
他们在电梯地板上放置一个压力传感器，在传感器上放一个质量为2kg 的布娃娃，如右上图甲所示。
实验中计算机显示出传感器所受压力大小随时间变化的关系，如图乙所示。
则（g=10m/s 2）A. 从 t 1到 t 2，布娃处于失重状态 ，布娃处于失重状态B. 从 t 3到 t 4，布娃处于超重状态C.电梯可能先停在高楼层，经加速向下、匀速向下、减速向下过程，最后停在低楼层D.电梯可能先停在低楼层，经加速向上、匀速向上、减速向上过程，最后停在高楼7、近年来电梯安全问题备受人们关注。
新课标版2015-2016学年高一上学期期末考试物理试卷及答案
2015-2016学年度上学期（期末）考试高一物理试题【新课标】第Ⅰ卷（选择题 共55分）一、单项选择题：本题共7小题，每小题5分，共35分，每小题只有一个选项．．．．．．符合题意。
1．游泳运动员以恒定的速率垂直于河岸渡河，当水速突然变大时，对运动员渡河时间和经历的路程产生的影响是( ) A ．路程变大，时间不变 B ．路程变大，时间延长 C ．路程变大，时间缩短 D ．路程和时间均不变2．一个小球从A 点由静止开始做匀加速直线运动，若到达B 点时速度为v ，到达C 点时速度为2v ，则AB ∶BC 等于( ) A ．1∶1 B ．1∶2C ．1∶3D ．1∶43．物体受到三个共点力的作用，以下四个选项中分别是这三个力的大小，其中不可能．．．使该物体保持平衡状态的是( )A ．3N ，4N ，6NB ．5N ，5N ，2NC ．2N ，4N ，6ND ． 1N ，2N ，4N 4．以10m/s 的初速度从5m 高的屋顶上水平抛出一个石子．不计空气阻力，取g=10m/s 2，则石子落地时的速度大小是（ ）A ．10m/sB ．s m /210C ．s m /310D ．s m /5105．如图所示，倾角为α的斜面体放在粗糙的水平面上，质量为m 的物体A 与一个劲度系数为k 的轻弹簧相连，现用恒定拉力F 沿斜面向上拉弹簧，使物体A 在光滑斜面上匀速上滑，斜面仍处于静止状态，下列说法错误．．的是( )A ．弹簧伸长量为mgsinα/kB ．水平面对斜面体的支持力大小等于斜面体和物体A 的重力之和C ．物体A 对斜面体的压力大小为mgcosαD ．斜面体受地面的静摩擦力大小等于Fcosα6．聪聪同学讲了一个龟兔赛跑的故事，按照故事情节，明明同学画出了兔子和乌龟的位移图像如图所示。
下列说法错误．．的是( )A．故事中的兔子和乌龟是在同一地点同时出发的B．乌龟做的是匀速直线运动C．兔子和乌龟在比赛途中相遇两次D．乌龟先通过预定位移到达终点7．一个小球从空中某点自由释放，落地后立即以大小相等的速度竖直向上弹起，然后上升到最高点。
2015——2016学年上期测试物理参考答案(2015——2016学年上期测试物理试题卷)
2015——2016学年上期测试物理参考答案一、选择题（本题共有10小题，每小题5分，共50分。
在每小题所给出的四个选项中，第1~6题只有一项符合要求，第7~10题有多项符合要求，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有错选或不答的得0分。
）1．C 2．C 3．B 4．B 5．A 6．D 7．AB 8．AC 9. BC 10．AD二、实验题（本题共3小题，共16分。
请把分析结果填在答题卡上或按题目要求作答。
）11．（4分）AC12．（4分）3.25（2分）1.79（2分）13．（8分）（1）2d t 2（3分）（2）B （3分）（3）C （2分） 三、计算题（本题共3小题，共34分。
解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。
只写出最后答案的不能得分。
有数值计算的题，答案中必须写出数值和单位。
）14．（8分）解：以物体为研究对象，可知物体受绳的拉力F ′=G 物=200N （1分）易知人受绳的拉力F =F′=200 N （1分）如图所示，以人为研究对象，将绳的拉力分解得水平分力F x =F cos 60°=200×12N=100N （1分） 竖直分力F y =F sin 60°=200× 32N=100 3N （1分） 在x 轴上F f 与F x 二力平衡因此静摩擦力F f =F x =100 N ，方向水平向右（2分）在y 轴上三力平衡得，地面对人的支持力 F N =G -F y =(600－100 3)N=100(6- 3)N ，方向竖直向上（2分）15．（12分）解：（1）设刹车时小轿车的加速度大小为a 1，则有x =v 222a 1，解得a 1=3m/s 2（1分） 设两车达到速度相等时所用时间为t 1，则有v 1=v 2-a 1t 1，解得t 1=5s （1分）在t 1时间内小轿车行驶距离为x 1，则有x 1=v 2t 12-12a 1t 12，解得x 1=82.5m （1分） 设在t 1时间内货车行驶距离为x 2，则有x 2=v 1t 1，解得x 2=45m （1分）由于x 1-x 2=37.5m>d =35m （1分）因此两车会相撞（1分）（2）设两车速度达到相等所需的时间为t 2，则有v 2-a 1t 2=v 1+a (t 2-t )，解得t 2=3.4s （1分） 设在t 2时间内小轿车向前行驶的距离为x 3，则有x 3= v 2t 2-12a 1t 22，解得x 3=64.26m （1分） 设在t 2时间货车向前行驶的距离为x 4，则有x 4=v 1t +v 1(t 2-t )+12a (t 2-t )2，解得x 4=36.36m （2分）由于x 3-x 4=27.9m<d =35m （1分）因此两车不会相撞（1分）16．（14分）解：以物块为研究对象设物块运动的加速度为a ，则有mg sin θ=ma ，解得a =5m/s 2（1分）设物块在整个运动过程中的位移为x ，则有x =12a t 2，解得x =0.225m ，方向沿斜面向下 （1分）以木板为研究对象设木板沿斜面向上滑行的加速度为a 1，则有Mg sin θ+μ(Mg +mg )cos θ=Ma 1，解得a 1=8.75m/s 2（3分）设木板沿斜面向上滑行的时间为t 1，则有v =a 1t 1，解得t 1=0.1s （1分）设木板沿斜面向上滑行的位移为x 1，则有x 1=12a 1t 12，解得x 1=0.04375m （1分） 木板速度减为零后，由于Mg sin θ>μ(Mg +mg )cos θ，物块将会下滑（1分） 设木板沿斜面向下滑行的加速度为a 2，则有Mg sin θ-μ(Mg +mg )cos θ=Ma 2，解得a 2=1.25m/s 2（1分）设木板沿斜面向下滑行的位移为x 2，则有x 2=12a 2(t -t 1)2，解得x 2=0.025m （1分） 设物块在整个运动过程中的位移为x ′，则有x ′= x 1-x 2，解得x ′=0.01875m ，方向沿斜面向上（2分）则木板长度l =2(x +x ′)，解得l =0.4875m （2分）。
2015-2016学年山西省太原市高三(上)期末物理试卷
2015-2016学年山西省太原市高三（上）期末物理试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共8小题，共40.0分)1.空间存在竖直向上的匀强电场，质量为m的带正电的微粒水平射入电场中，微粒的运动轨迹如图所示，在相等的时间间隔内（）A.重力做的功相等B.电场力做的功相等C.电场力做的功大于重力做的功D.电场力做的功小于重力做的功【答案】C【解析】解：A、B：将微粒的运动分解成竖直方向与水平方向．在竖直方向，电场力大于重力，所以加速度方向竖直向上，则在连续相等的时间内，变化的高度不同，所以电场力与重力做功均不相等，故AB均错误；C、D：由上分析可知，电场力大于重力，因此电场力做功总大于重力做功，故C正确，D错误；故选C根据重力做功导致重力势能的变化，电场力做功导致电势能的变化，再由动能定理，并依据曲线运动的条件，从而确定电场力与重力的关系，同时运用运动的分解，即可求解．考查曲线运动的条件，掌握运动的合成与分解，理解电场力与重力做功的特点．2.端到速滑，是我国运动员的优势项目．比赛中，运动员通过弯道时如果不能很好地控制速度，将会发生侧滑而离开赛道．用圆弧虚线O b代表弯道，O a表示运动员在O点的速度方向（如图），将运动员视为质点，下列说法正确的是（）A.发生侧滑是因为运动员受到的合力方向背离圆心B.发生侧滑是因为运动员受到的合力大于所需的向心力C.若在O点发生侧滑，则滑动方向在O a右侧D.若在O点发生侧滑，则滑动方向在O a与O b之间【答案】D【解析】解：AB、发生侧滑原因是赛道对运动员的摩擦力小于需要的向心力，不是因为运动员受到的合力方向背离圆心，选项AB错误．CD、侧滑时是会沿半径方向有远离圆心的运动分量，若此时摩擦力消失，运动员会沿O a的方向运动，此时还会受到大致沿半径方向上的摩擦力作用，所以若在O点发生侧滑，则滑动方向在O a与O b之间，选项C错误，D正确．故选：D运动员侧滑实际上是做离心运动，根据离心运动的条件外力为零或外力不足以提供向心力，进行分析．解决本题的关键要掌握离心运动的条件：外力为零或外力不足以提供向心力，通过分析供需关系进行分析．对于离心运动掌握以下几点：本质：1．离心现象是惯性的表现2．离心运动并非沿半径方向飞出去的运动，而是运动的半径变大，或沿切线方向飞出．3．离心运动并不是受到离心力的作用，而是向心力不足．特点：1．做圆周运动的质点，当合外力消失时，它就以这一时刻的线速度沿切线方向飞去．2．做离心运动的质点是做半径越来越大的运动或切线方向飞出的运动，它不是沿半径方向飞出．3．做离心运动的质点不存在所谓的“离心力”作用，因为没有任何物体提供这种力3.一物体静止在粗糙水平地面上，现用大小为F1的水平力拉动物体，经一段时间后其速度变为v；若将水平拉力改为F2而方向不变，物体从静止开始经同样时间后速度变为2v．用a1、a2分别表示两个过程的加速度，则（）A.F2＜2F1，a2=2a1B.F2=2F1，a2=2a1C.F2＜2F1，a2＜2a1D.F2＞2F1，a2＞2a1【答案】A【解析】解：根据速度时间公式有：v=a1t，2v=a2t则：a2=2a1F1作用时，根据牛顿第二定律有：F1-μmg=ma1F2作用时，根据牛顿第二定律有：F2-μmg=ma2则F2-μmg=2（F1-μmg），即：F2=2F1-μmg，故F2＜2F1，故A正确，BCD错误；故选：A．根据速度时间公式可以得到加速度关系，再根据牛顿第二定律分析拉力的关系．本题主要考查牛顿第二定律的简单应用，关键时根据牛顿第二定律结合运动学公式求解加速度及拉力的关系．4.如图是两颗仅在地球引力作用下绕地球运动的人造卫星轨道示意图，Ⅰ是半径为R的圆轨道，Ⅱ为椭圆轨道，AB为椭圆的长轴且AB=2R，两轨道和地心在同一平面内，C、D为两轨道的交点．已知轨道Ⅱ上的卫星运动到C点时速度方向与AB平行，下列说法正确的是（）A.两个轨道上的卫星在C点时的加速度相同B.两个轨道上的卫星在C点时的向心加速度大小相等C.Ⅱ轨道上卫星的周期大于Ⅰ轨道上卫星的周期D.Ⅱ轨道上卫星从C经B运动到D的时间与从D经A运动到C的时间相等【答案】A【解析】解：A、根据牛顿第二定律得，a=，两轨道上的卫星在C点距离地心的距离相等，则加速度相同，故A正确．B、由于两卫星在C点的线速度大小不等，根据a=知，向心加速度大小不等，故B错误．C、根据开普勒第三定律知，=C，椭圆的半长轴与圆轨道的半径相等，则Ⅱ轨道上卫星的周期等于Ⅰ轨道上卫星的周期，故C错误．D、Ⅱ轨道上卫星从C经B运动到D的时间不一定等于半个周期，所以与从D经A到C 的时间不一定相等，故D错误．故选：A．根据万有引力的大小，结合牛顿第二定律比较加速度的大小；根据线速度的大小比较向心加速度；根据开普勒第三定律比较周期的大小．本题考查万有引力定律、开普勒第三定律、牛顿第二定律等知识，知道匀速圆周运动加速度的大小等于向心加速度大小，椭圆运动，加速度与向心加速度不等．5.体育课上，小明平伸手掌托起篮球，由静止开始竖直向上运动，直至将篮球竖直地抛出．忽略空气阻力，在此过程中．以下分析正确的是（）A.手与篮球分离时，篮球的加速度小于重力加速度B.手与篮球分离时，手的加速度大于重力加速度C.手与篮球分离前，篮球的动能一直增加D.手与篮球分离前，篮球和地球组成系统的机械能先增大后减小【答案】B【解析】解：AB、手与篮球分离时，篮球只受到重力的作用，其加速度等于重力加速度，篮球离开手前手要加速，所以此瞬间手的加速度大于重力加速度，故A错误，B正确．C、手与篮球分离前，速度先增大后减小，故篮球的动能先增加后减少，故C错误．D、手与篮球分离前，手一直对篮球做正功，根据功能原理知，篮球和地球组成系统的机械能一直增加，故D错误．故选：B手与篮球分离时，篮球的加速度．手与篮球分离前，篮球向上加速，动能增加．根据手做功情况分析篮球和地球组成系统的机械能的变化．解决本题的关键要明确手和篮球的运动情况，知道机械能的变化与除重力以外的力做功情况有关，掌握功与能的对应关系．6.如图所示，电源内阻不能忽略，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，电压表和电流表均为理想电表．当滑动变阻器的触头向右滑动时，V1示数变化量的绝对值为|△U1|，V2示数变化量的绝对值为|△U2|．下列说法正确的是（）A.电流表A的示数变小，电压表V1的示数变大B.电压表V1、V2的示数都变小C.|△U1|=|△U2|D.|△U1|＜|△U2|【答案】D【解析】解：当滑动变阻器的触头向右滑动时，R2增大，电路中电流减小，U1减小，则内电压减小，路端电压U增大，则U2增大．因为U=U1+U2，则|△U1|＜|△U2|．所以电流表A的示数变小，电压表V1的示数变小，V2的示数变大，|△U1|＜|△U2|．故ABC错误，D正确．故选：D由变阻器接入电路的电阻变化，根据欧姆定律及串联电路的特点，分析电流表和电压表示数变化量的大小．本题的难点在于确定电压表示数变化量的大小，采用总量法分析，即路端电压等于外电路各部分电压之和，这是常用方法．7.如图，两个电荷量均为q的正点电荷，固定在相距为L的a、b两点，O为ab连线的中点．过O作ab的垂直平分面，若在此平面上有一质量为m、电荷量为-q的点电荷c，仅在电场力的作用下以O为圆心，在半径为L的圆周上做匀速圆周运动，则c的速率为（）A.qB.qC.qD.q【答案】B【解析】解：c做匀速圆周运动所需要的向心力由两个点电荷+q的库仑力的合力提供，对c进行受力分析如图所示，由于c到O点距离为R=L，所以△abc是等边三角形，边长为L．a、b对c的库仑力大小为F1=F2=k，合力为：F合=2F cos30°=．由牛顿第二定律得：F合=m即=m解得：v=q故选：Bc做匀速圆周运动所需要的向心力由两个点电荷+q库仑力的合力提供，根据库仑定律和力的合成求出合力，再根据牛顿第二定律和向心力公式结合求解．本题有两个关键点：一是分析为库仑力，确定向心力的来源；二是运用合成法求解合力．8.“娱乐风洞”是一种惊险的娱乐项目．在底部竖直向上的风可把游客“吹起来，让人体验太空漂浮的感觉．假设风洞内各位置的风速均相同且保持不变，已知人体所受风力的大小与正对风的面积成正比，水平横躺时受风面积最大，站立时受风面积最小、为最大值的；当人体与竖直方向成一倾角、受风面积是最大值的时，人恰好可静止或匀速漂移．在某次表演中，质量为m的表演者保持站立身姿从距底部高为H的A点由静止开始下落；经过B点时，立即调整身姿为水平横躺并保持；到达底部的C点时速度恰好减为零．则在从A到C的过程中，下落说法正确的是（）A.表演者加速度的最大值是gB.B点的高度是HC.从A到B，表演者克服风力做的功是从B到C克服风力做功的D.若保持水平横躺，表演者从C返回到A时风力的瞬时功率为【答案】C【解析】解：A、设最大风力为F m，由于人体受风力大小与正对面积成正比，故人站立时风力为F m由于受风力有效面积是最大值的一半时，恰好可以静止或匀速漂移，故可以求得重力G=F m，F m=2G．则人平躺上升时有最大加速度，a==g，故A错误；B、设下降的最大速度为v，有速度位移公式，加速下降过程位移x1=减速下降过程位移x2=故x1：x2=4：3因而x2=H，则B的高度为H，故B错误；C、表演者A至B克服风力所做的功为W1=F m•H=F m H；B至C过程克服风力所做的功为W2=F m•H=F m H；所以=，故C正确．D、C到A的过程中人的加速度大小为g，则到达A的速度：，所以表演者从C返回到A时风力的瞬时功率为：P=F m•v==，故D错误；故选：C．由题意，人体受风力大小与正对面积成正比，设最大风力为F m，由于受风力有效面积是最大值的一半时，恰好可以静止或匀速漂移，故可以求得重力G=F m，人站立时风力为F m，人下降过程分为匀加速和匀减速过程，先根据牛顿第二定律求出两个过程的加速度，再结合运动学公式分析求解．本题关键将下降过程分为匀加速过程和匀减速过程，求出各个过程的加速度，然后根据运动学公式列式判断．二、多选题(本大题共4小题，共20.0分)9.如图，真空中两个等量正点电荷A、B相距L放置，在AB连线的中垂线上有a、b、c三点，b点在A、B连线的中点上，ab＜bc．现将两点电荷同时向两边扩大相同距离，选取无穷远处电势为零，则前后两次比较（）A.两点电荷相互作用的电势能增大B.b点电场强度仍为零，a、c两点电场强度都变小C.a、b、c三点电势都降低D.电场强度始终满足E a＞E c＞E b【答案】BC【解析】解：A、同种电荷相互排斥，当将两点电荷同时向两边扩大相同距离，电场力做正功，则两点电荷相互作用的电势能减小，故A错误．B、根据电场的叠加原理和对称性知，b点电场强度仍为零．两点电荷在a、c两点的电场强度减小，夹角增大，则a、c两点电场强度都变小．故B正确．C、作出过a、b、c的电场线，如图，则可知三点的电势都大于无穷远的电势，由于场强减小，则a、b、c三点与无穷远间的电势差都减小，则a、b、c 三点电势都降低．故C正确．D、由于b点的电场强度为零，无穷远处电场强度也为零，则a、c间的电场强度大小无法确定，所以电场强度不一定有E a＞E c＞E b．故D错误．故选：BC电场力做正功时电势能减小．根据电场线的分布情况和电场的叠加原理分析各点的场强．由电场方向分析电势的高低．等量同种电荷的电场是考试的热点，要抓住对称性，根据电场的叠加来理解场强的大小．其中垂线上各点场强关系，利用极限法容易理解．10.如图所示，两质量相等的长方形物块A、B通过一水平轻质弹簧连接，B足够长、放置在水平面上，所有接触面均光滑，开始时弹簧处于原长．现在A上施加一个水平恒力，A、B从静止开始运动到弹簧第一次达到最长的过程中，下列说法中正确的有（弹簧处在弹性限度内）（）A.物块A的速度一直增大，加速度一直减小B.物块B的速度一直增大，加速度一直增大C.弹簧第一次达到最长时，A、B的速度相同D.弹簧第一次达到最长时，A、B的加速度相同【答案】ABC【解析】解：AB、对A、B在水平方向受力分析如图．F1为弹簧的拉力大小，且F1=kx，对A有：F-kx=ma A对B有：kx=ma B在整个过程中A的合力（加速度）一直减小，而B的合力（加速度）一直增大，在达到共同加速度之前A的加速度一直大于B的加速度，之后A的加速度一直小于B的加速度，故A做加速度减小的加速运动，B做加速度增加的加速运动，故AB正确；CD、两物体运动的v-t图象如图，t1时刻两物体加速度相等，斜率相同，速度差最大，交点表示速度相等，斜率不同加速度不同，此时弹簧第一次达到最长，故C正确，D错误．故选：ABC所有接触面均光滑，对A、B受力分析得出它们的运动情况：A做加速度减小的变加速运动，B做加速度增大的变加速运动，经过一段时间后AB速度相等，画出速度时间图象，根据图象即可求解．解决本题的关键是对物体进行受力分析和运动过程分析，使用图象处理则可以使问题大大简化，注意图象的灵活运用．11.如图所示，在竖直平面内有一固定光滑轨道，其中AB是长为R的水平直轨道，BCDE是圆心为O、半径为R的圆弧轨道，两轨道相切于B点．在外力作用下，一小球从A点由静止开始做匀加速直线运动，到达B点时撤除外力．已知小球刚好能沿圆轨道经过最高点D，下列判断正确的是（）A.小球在AB段加速度的大小为gB.小球在C点对轨道的压力大小为3mgC.小球在E点时的速率为D.小球从E点运动到A点所用的时间为（）【答案】BD【解析】解：A、小球恰好能通过D点，在D点，根据牛顿第二定律可知，解得，从B到D，根据动能定理可知，解得在AB段，有速度位移公式可知，解得a=2.5g，故A错误；B、从B到C，根据动能定理可知，解得，在C点，根据牛顿第二定律可知=3mg，故B正确；C、E点和C点高度相同，具有相同的速度大小，故C错误；D、从E点运动到A点所用的时间为t，由运动学公式得，R=，解得t=（），故D正确故选：BD小球恰好到达最高点，知弹力为零，结合牛顿第二定律求出最高点的速度，根据机械能守恒定律求出小球在B点的速度大小，根据速度位移公式求出小球在AB段运动的加速度大小．根据机械能守恒求出E点速度和A点的速度，结合速度时间公式求出运动的时间．本题主要考查了机械能守恒，运动学基本公式的直接应用，物体恰好通过C点是本题的突破口，这一点要注意把握，难度适中．12.静电场方向平行于x轴，其电势φ随x的分布如图中折线所示，其中φ0和d已知．一个带负电的粒子在电场中以O为中心，沿x轴方向做周期性运动．已知该粒子质量为m、电荷量为-q，其动能与电势能之和为-A（0＜A＜qφ0）．不计重力，下列说法正确的是（）A.O d间是匀强电场，电场强度大小为B.粒子运动过程中与O的最大距离为（1-）dC.粒子的加速度大小为D.粒子完成一次往复运动的时间为【答案】BC【解析】解：A、由图可知，0与d两点间的电势差为φ0，电场强度的大小为E=，则知O d间是匀强电场，故A错误．B、设粒子在[-x，x]区间内运动，速率为v，由题意得mv2-qφ=-A由图可知φ=φ0（1-）由①②得mv2=qφ0（1-）-A因动能非负，有qφ0（1-）-A≥0得|x|≤（1-）d．即粒子运动过程中与O 的最大距离为（1-）d．故B正确．C、考虑粒子从-x0处开始运动的四分之一周期根据牛顿第二定律，粒子的加速度a===．故C正确．D、粒子从-x0处开始运动的四分之一周期内做匀加速直线运动，用时t=粒子完成一次往复运动的时间为T=4t解得T=．故D错误．故选：BC由图可知O d间电势随x均匀变化，则可知电场为匀强电场，由电势差与电场强度的关系可求得电场强度；由题意可知，动能与电势能之和保持不变，设出运动区间为[-x，x]，由题意可知x处的电势，则由数学关系可求得x值，得到粒子运动过程中与O的最大距离．粒子在区间内做周期性变化，且从最远点到O点时做匀变速直线运动，由运动学规律可求得粒子完成一次往复运动的时间．本题要明确图象的斜率表示电场强度，能从图象中判断出电场的性质，并能灵活应用功能关系结合数学知识和周期性研究．三、实验题探究题(本大题共2小题，共20.0分)13.为了探究动能改变与合外力做功的关系，某同学设计了如下的实验方案：第一步：将带有定滑轮的木板（有滑轮的）一端垫起，滑块通过细绳过定滑轮与重锤相连，重锤下连一穿过打点计时器的纸带，调整木板倾角，直到轻推滑块后，滑块沿木板向下匀速运动，如图（1）所示：第二步：保持木板的倾角不变，取下细绳和重锤，将打点计时器安装在长木板上靠近滑轮处，滑块与纸带相连，让纸带穿过打点计时器，如图（2）所示．接通电源，释放滑块，滑块开始做加速运动，打出一条纸带如图（3）所示，其中O是打下的第一个点．已知重锤的质量为m，滑块的质量为M，当地的重力加速度为g，各相邻计数点间的时间间隔为△t，各计数点与O点距离如图（3）所示．回答下列问题：（用测得量和已知量的符号表示）（1）打点计时器打下E点时滑块的速度v E= ______ ；（2）滑块加速下滑过程中所受合力F= ______ ；从O到E，合力对滑块做的功为W E=______ ；（3）分别算出OA、OB、OC、OD段合力对滑块做的功W以及打下A、B、C、D点滑块的速度v，作出v2-W图象，发现是一条过原点的直线，则直线斜率k= ______ ；（4）此实验中，滑块与木板间摩擦力的大小______ （选填“会”或“不会”）影响实验结果．【答案】；mg；mgx5；；不会【解析】解：（1）用平均速度代替瞬时速度得：V E=；②合外力为重物的重力，即F=mg，从O到E，合力对滑块做的功为W E=F x=mgx5，（3）合外力做的功为W=F x=M v2所以v2=W，则直线斜率k=；，（4）实验第一步就平衡了摩擦力，所以此实验中，滑块与木板间摩擦力的大小不影响实验结果．故答案为：（1）；（2）mg；mgx5；（3）；（4）不会（1）用平均速度代替瞬时速度去求解AB点的速度；（2）合外力为重物的重力，根据W=F x即可求解合力对滑块做的功；（3）根据做功公式求出W与v2的关系式即可求解；（4）实验第一步就平衡了摩擦力，所以此实验中，滑块与木板间摩擦力的大小不影响实验结果．本题主要考查了打点计时器中求瞬时速度的方法，能根据做功公式求出W与v2的关系式，还能根据图象的斜率求解质量，难度适中．14.某同学用以下器材测量电源电动势E、内阻r和定值电阻R0的阻值．待测电源（电动势约3V，内阻较小）；待测电阻R0（阻值较小）电压表两块（量程3V，内阻很大）；电流表（量程0.6A，内阻约5Ω）滑动变阻器R：电键一个，导线若干．该同学设计了图（1）的电路进行测量．用U1、U2、I分别表示电表V1、V2、A的示数．将滑动变阻器的滑片移到不同位置，得到如表所示数据：（1）根据图（1）用笔画线代替导线把图（2）中的实物图补充完整；（2）该同学根据表中数据在图（3）中已经作出了U1-I图线，请在图中作出U2-I图线；（3）根据图线可求得：电源电动势E= ______ V，内阻r= ______ Ω；定值电阻R0= ______ Ω．（结果保留2位小数）【答案】3.01；1.02；2.00【解析】解：（1）根据原理图得出对应的实物图如图所示；（2）根据给出的坐标值利用描点法得出对应的图象如图所示；（3）由图象的截距为电源电动势，图象的斜率即为电源的内阻，有图象得：E=3.01V；r==1.02Ω；由图可知，两电压表在0.4A时示数差值为0.8V，则定值电阻为：R==2.00Ω；故答案为：（1）如图所示；（2）如图所示；（3）3.01；1.02；2.00．（1）根据原理图可得出对应的实物图；（2）根据给出的坐标值，利用描点法可得出对应的图象；（3）由闭合电路欧姆定律可知图象的性质，则可知图象与纵坐标的交点表示电源的电动势；图象的斜率表示内电阻；由图利用串并联电路的规律可求出定值电阻．本题考查测量电源的电动势和内电阻的实验中的实物图以及数据处理问题；关于数据的处理，物理中一般是利用图象来处理的，在数据解答中还要靠图象来处理四、综合题(本大题共1小题，共12.0分)15.连续刹车时，刹车片和刹车盘产生大量热量，温度升高很快，刹车效率迅速降低，容易造成刹车失灵．为了避免刹车失灵造成的危害，高速公路在一些连续下坡路段设置用砂石铺成的紧急避险车道，如图所示．现将某次汽车避险过程简化如下：一辆货车在倾角为30°的长直下坡路上以20m/s的速度匀速行驶，突然刹车失灵开始加速，此时汽车所受阻力为车重的0.4倍（发动机关闭），加速前进15s后冲上了倾角为53°的避险车道，在避险车道上运动17.5m后停下．将货车的加速、减速过程视为匀变速直线运动，求汽车：（sin53°=0.8，g=10m/s2）．（1）冲上避险车道时速度的大小；（2）在避险车道上所受摩擦阻力是车重的多少倍？【答案】解：（1）设货车加速阶段的加速度大小为a1，冲上避险车道时速度为v1，根据牛顿第二定律得：mgsin30°-0.4mg=ma1v1=v0+a1t1联立解得：v1=35m/s（2）设货车在避险车道上的加速度大小为a2，货车在避险车道上所受阻力为车重的k 倍，mgsin53°+kmg=ma2联立解得：k=2.7答：（1）冲上避险车道时速度的大小为35m/s；（2）在避险车道上所受摩擦阻力是车重的2.7倍．【解析】（1）根据牛顿第二定律求出加速阶段的加速度，结合速度时间公式求出到达底端的速度，即刚冲上避险车道的速度．（2）根据牛顿第二定律表示上滑的加速度大小，结合速度位移公式求出摩擦阻力．本题考查了牛顿第二定律和运动学公式的基本运用，通过牛顿第二定律求出加速阶段和减速阶段的加速度是解决本题的关键．五、计算题(本大题共4小题，共58.0分)16.如图是一种测定小球所带电荷量的装置原理图．长为l的绝缘细线，一端拴一质量为m的带正电小球，另一端悬挂在O点，静止时细线竖直、小球位于A点．当小球处于电场强度大小为E、方向水平的匀强电场中时，细线偏离竖直方向的角度为θ=30°，此时小球静止在B点．重力加速度为g，则：（1）小球所带电荷量是多少？（2）若将小球从B点拉到A点由静止释放，求小球再次回到B点时细线拉力的大小．【答案】解：（1）小球所带电荷量为q，细线的拉力为F．小球静止在B点时，由平衡条件得：F sinθ=q EF cosθ=mg解得：q=（2）设小球在B点的速度为v，细线的拉力为T．小球从A运动到B，由动能定理得：q E lsinθ-mgl（1-cosθ）=在B点，由牛顿第二定律得：T-mgcosθ-q E sinθ=m解得：T=2（-1）mg答：（1）小球所带电荷量是．（2）若将小球从B点拉到A点由静止释放，小球再次回到B点时细线拉力的大小是2（-1）mg．【解析】（1）小球静止在B点，合力为零，由平衡条件求小球所带电荷量．（2）小球从A运动到B，由动能定理求出小球到达B点的速度，再由牛顿第二定律求细线的拉力．对于带电体在电场中运动问题，运用动能定理求速度，由牛顿第二定律求细线的拉力，都是常用的思路，要熟练掌握．17.2015年11月3日，我国自主研发的火星探测器在第17届中国国际工业博览会上公开亮相，预计2020年前后发射．设想宇航员完成对火星表面的科学考察后，乘坐返回舱返回围绕火星做圆周运动的轨道舱，为了安全，返回舱与轨道对接时，必须具有相同的速度．已知返回舱与宇航员的总质量为m，火星的半径为R，轨道舱到火星表面的高度h，火星表面的重力加速度为g，返回舱与宇航员在返回的过程中需客服火星引力做功W=mg，不计火星表面大气对返回舱的阻力和火星自转的影响，求：（1）轨道舱绕火星运行的速率；（2）宇航员和返回舱至少需要获得多少能量才能返回轨道舱？【答案】解：（1）设火星的质量为M，返回舱在火星表面附近时，，设轨道舱的质量为m0，速率为v，则，解得．（2）返回舱与轨道舱对接时，应具有的动能为，依题意知，返回舱返回过程需克服引力做功W=，返回舱返回时至少需要能量为W总=E k+W，。
山西省太原市2015届高三上学期期中考试物理试题 Word
山西省太原市2015届高三上学期期中考试物理试卷一、单项选择题：本题包含8小题，每小题5分，共40分。
在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确。
请将正确选项填入第2卷前的答题栏内。
1．（5分）如图所示，直线a和曲线b分别是在平直公路上行驶的汽车a和b的位移﹣时间（x ﹣t）图象，由图可知（）2．（5分）“套圈圈”是小孩和大人都喜爱的一种游戏．某小孩和大人直立在界外，在同一竖直线上不同高度分别水平抛出小圆环，并恰好套中前方同一物体．假设小圆环的运动可视为平抛运动，则（）t=，3．（5分）2013年6月20日，我国宇航员王亚平在天宫授课时，利用质量测量仪粗略测出了聂海胜的质量．若聂海胜受恒力F的作用从静止开始运动，测出位移为x时的速度为v，则聂海胜的质量为（）C，m=4．（5分）“北斗第二代导航卫星网”将由5颗静止轨道卫星和30颗非静止轨道卫星组成，其中静止轨道卫星，是指高度为36000km的地球同步卫星；30颗非静止轨道卫星由27颗中轨（MEO）卫星和3颗倾斜同步（IGSO）卫星组成，其中27颗MEO卫星的轨道高度均为21500km，3颗倾斜同步（IGSO）卫星的轨道高度与静止轨道卫星的轨道高度相同，将各卫星轨道均视根据万有引力提供向心力=、根据万有引力提供向心力，得、根据万有引力提供向心力，得5．（5分）鸵鸟是当今世界上最大的鸟，由翅膀退化它已经不会飞了，鸟起飞的必要条件是空气对它向上的力f足够大，计算f大小的公式为：f=cρSv2，式中c是一个无量纲的比例常数，ρ是空气密度，S是鸟翅膀的面积，v是鸟起飞时的速度，为了估算鸟起飞时的速度v，可以作一个简单的几何相似性假设，设鸟的几何线度为l，则鸟的质量与l3成正比，翅膀的面积S 与l2成正比，已知燕子起飞时的速度约为5m/s，鸵鸟的几何线度大约是燕子的25倍，由此可，，6．（5分）如图所示，一质量为M、表面为四分之一圆弧面的柱体放在水平面上，各接触面均光滑，将质量为m的滑块从柱体的顶端由静止开始释放，在滑块沿圆弧面下滑到底端的过程中，为了使柱体M保持静止，需在柱体上施加一水平力F，则该力大小（）7．（5分）2014年8月3日，云南省鲁甸县发生6.5级强震，在一次地震救援中，武警队员从静止在空气中的直升机上顺着长为24m的缆绳沿竖直方向下滑到地面上，假设该队员由静止开始先匀加速再匀减速下滑，滑到地面时速度恰好为零．如果他加速时的加速度大小是减速时的2倍，下滑的总时间为6s，取g=10m/s2，下列说法正确的是（），根据平均速度的推论有：，解得v==，则8．（5分）如图所示，一倾斜的匀质圆盘绕垂直于盘面的固定对称轴以恒定角速度ω转动，盘面上离转轴距离r处有一小物体与圆盘始终保持相对静止．物体与盘面间的动摩擦因数为μ（设最大静摩擦力等于滑动摩擦力），盘面与水平面的夹角为θ，重力加速度为g，则ω的最大值是（）．二、多项选择题:本题包含4小题，每小题5分，共20分，在每小题给出的四个选项中，至少有两个选项正确，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分，请将正确选项填入第2卷前的答题栏内。
山西省太原市2015-2016学年高一上学期期末考试物理试题解析(解析版)
山西省太原市2015 ～2016学年第一学期高一年级期末考试物理试卷一、单项选择题：本题包含10小题，每3分，共30分。
在每小题每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的，请将正确选项前的字母填在下表内相应位置。
1. 关于物理量或的单位，下列说法正确的是（）A. 1N/kg=9.8m/s2B. m、N、s都是国际单位制中的基本单位C. 后人为了纪念牛顿，把“牛顿”作为力学中的基本单位D. 在力学范围内，国际单位制规定长度、质量、速度为三个基本物理量【答案】A【解析】试题分析：1N/kg=9.8m/s2，选项A正确；m、s都是国际单位制中的基本单位，N不是国际单位制中的基本单位，选项B错误；后人为了纪念牛顿，把“牛顿”作为力学中力的单位，但是不是力学基本单位，选项C错误；在力学范围内，国际单位制规定长度、质量、时间为三个基本物理量，选项D错误；故选A.考点：国际单位制2. 力是矢量，它的合成与分解遵守平行四边形定则，两个大小分别为7N和9N的共点力，它们的合力（）A. 一定是16NB. 可能是2NC. 不可能是3ND. 不可能是9N【答案】B【解析】试题分析：根据平行四边形法则可知，两个大小分别为7N和9N的共点力的合力范围在7N+9N=16N到9N-7N=2N之间，故它们的合力可能为16N，也可能是2N、3N和9N；故选B.考点：力的合成3. 下列关于惯性的说法中，正确的是（）A. 人走路时没有惯性，被绊倒时有惯性B. 百米赛跑到终点时不能立刻停下是由于惯性，停下后惯性消失C. 物体没有受到外力作用时有惯性，受到外力作用后惯性被克服D.物体的惯性与物体的运动状态及受力情况无关，只由质量决定4. 如图分别是物体运动的位移x、速度v、加速度a和物体受到的合外力F随时间t的变化图像，其中表示物体在做匀加速运动的是（）【答案】B【解析】试题分析：图线A表示物体做匀速运动；图线B表示合外力一定，则加速度一定，故表示物体做匀加速运动；图线C表示物体做加速度增加的变加速运动；图线D表示物体匀速运动；故选B.考点：运动图线5. 教室里的竖直磁性黑板上通常吸有一些小铁（如图中小猫），“小猫”被吸在黑板被吸在黑板上可以用于“贴”挂图或试题答案。
2015-2016学年天一大联考高一年级阶段性测试(一)
天一大联考2015-2016学年高一年级阶段性测试（一）数学本试题卷分第I 卷（选择题）和第II 卷（非选择题）两部分。
考生作答时，将答案答在答题卡上（答题注意事项见答题卡），在本试题卷上答题无效。
考试结束后，将本试题卷和答题卡一并交回。
第I 卷一、选择题：本大题共12小题，每小题5分，在每小题给出的四个选项中，只有一个是符合题目要求的。
（1）若集合{}0lg |>=x x A ，{}20|<<=x x B ，则如图所示的阴影部分所表示的集合为…………… （ ）{}101|)(<<x x A {}102|)(<<x x B {}20|)(<<x x C {}21|)(<<x x D（2）满足{}{}5,3,1,01,0⊆⊆M 的集合M 的个数是………… （ ） （A ）4 （B ）3 （C ）2 （D ）1 （3）函数()113lg 2++++-=x x x y 的定义域为………… （ ） ()[)()R D C B A )(,3)(,2)(2,3)(+∞-+∞-（4）函数2xy -=与x y log21=的图象关于………………… （ ）（A ）x 轴对称 （B ）y 轴对称（C ）原点对称 （D ）直线x y =对称（5）下列函数的值域是()+∞,0的是………………………… （ ）()x x f D x f C k b kx x f B x x f A xx 2)()()()()0()()(32)()(log 232-==≠+=--=（6）下列各组函数的图象相同的是…………………… （ ）()44222)(,)()()(,)()()(,1)()(8)(,8)()(xx xx x x g x x f D x g x f C x g x f B xx x g x x f A ======+=+=（7）在()+∞,2上，下列函数随着x 的增大，函数值y 增长最快的是……（ ）x y xy C y B xy A x====)D ()()()(log 22（8）定义两种运算：()b a b a +=*lg ，a ⊙b =()b a -lg ，则x)⊙1()1()(-*=x x f 是 （A ）偶函数（B ）奇函数（C ）既是奇函数，又是偶函数 （D ）非奇非偶函数 （9）若函数()112)(2-+--=m x m x f x在区间(]2,∞-上单调递减，那么实数函数m 的取值范围是……………………………………………… （ ）（A ）3≥m （B ）1-≥m （C ）3≤m （D ）1-≤m（10）若2.0log3.0=a ，5.0log 2=b ，3.02=c ，则a ，b ，c 的大小关系为 （ ）a cb D bc a C c b a B b a c A >>>>>>>>)()()()(（11）设1>x ，1>y ，且满足()y x y x loglog log 777+=+，则()()11log log 77-+-y x 的值等于…………………………… （ ）)()(1)(7)(D C B A（12）已知定义域为()()+∞∞-,00, 的函数()x f 是偶函数，且()02=f ，又函数()xx f y =在()+∞,0上是减函数，则不等式()0>x f 的解集为……（ ）()()()+∞-,00,2 A ()()()+∞-∞-,22, B ()()()2,00,2 -C ()()()2,02, -∞-D第II 卷二、填空题：本大题共4小题，每小题5分.（13）幂函数()x f y =的图象经过点（2,8），则⎪⎭⎫⎝⎛21f 的值为_______.（14）若53=m，103=n ，则9mn -=____________.（15）设函数()()⎪⎪⎩⎪⎪⎨⎧<-≥-=⎪⎭⎫ ⎝⎛,2,1,2,121log 2x x x x f x 若()10>x f ，则x 0的取值范围是____________.（16）若一次函数()b ax x f -=有一个零点2，那么函数()x a x bx x g lg lg -=的零点个数是___________.三、解答题：解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤. （17）（本小题10分） 已知集合⎭⎬⎫⎩⎨⎧<<=421|2x x A ，{}1lg |<=x x B ， {}22|+<<=t x t x M .若 ()B A M ⊆，求实数t 的取值范围.(18)(本小题满分12分) 求下列格式的值：（I ）()5297271027.0824212313222312-⎪⎭⎫ ⎝⎛⎪⎭⎫ ⎝⎛--+-+⋅⋅----+；（II ）()()()334433222222.1lg 1000lg 8lg 27lg ---+++-+.(19)（本小题满分12分）已知二次函数()x f y =的最小值为3，且()()1131==-f f .（I ）求函数()x f 的解析式. （II ）若函数()()x f x g ex-=（其中e=2.718 28…），那么()x g 在区间()2,1上是否存在零点？请说明理由.（20）（本小题12分）某市城区实行三级阶梯水价（阶梯水价就是分段累积计费），第一阶梯水量为每户每 月12吨一下（含12吨）部分，价格为1.60元/吨；第二阶梯水量为每户每月20~12 吨（含20吨），价格为2.40元/吨；第三阶梯水量为每户每月20吨以上部分，价格 为3.20元/吨。
山西省太原五中2015-2016学年高一上学期期末物理试卷Word版含解析
2015-2016学年山西省太原五中高一（上）期末物理试卷一、选择题：（本题包含12小题，其中1-8小题为单选，每小题3分；9-12小题为多选，每小题3分，共40分）1．下列说法正确的是（）A．速度、力、位移、质量都是矢量B．米、米每秒、米每二次方秒、牛顿都是国际单位C．米、千克、秒、牛顿都是国际单位制中的基本单位D．质量、时间、长度、速度都是国际单位制中的基本量2．下列说法中正确的是（）A．物体所受的合力不为零时，其速度一定增大B．物体受到的合力越大，它的速度变化一定越快C．物体运动的速度越大，它受到的合力一定越大D．某时刻物体的速度为零，此时它受到的合力一定为零3．起重机用吊绳将货物向上吊起的过程中（忽略空气阻力），以下说法正确的是（）A．货物对绳的拉力是由于绳的形变产生的B．当货物加速上升时，绳对货物的拉力大于货物对绳的拉力C．当货物加速上升时，绳对货物的拉力大于货物受到的重力D．当货物匀速上升时，绳对货物的拉力与货物对绳的拉力是一对平衡力4．“蹦极”就是跳跃者把一端固定的长弹性绳绑在踝关节等处，从几十米高处跳下的一种极限运动．最初弹性绳处于松弛状态，若将蹦极过程近似为在竖直方向的运动，从开始跳跃到第一次到达最低点的过程中，下列说法中正确的是（）A．跳跃者一直处于失重状态B．当弹性绳刚刚伸直的时候跳跃者的速度达到最大值C．当到达最低点的时候跳跃者的加速度为零D．当跳跃者到达最低点时处于超重状态5．粗细均匀的电线架在A、B连根电线杆间，由于热胀冷缩，电线在夏、冬两季呈现如图所示的形状，已知电线杆始终处于竖直状态，下列说法正确的是（）A．冬季，电线对电线杆的拉力较大B．夏季，电线对电线杆的拉力较大C．夏季与冬季，电线对电线杆的拉力一样大D．夏季、杆对地面的压力沿竖直方向的分量比冬季大6．静止于水平地面的粗糙斜面体上放有物体m．现用水平力F推m，如图所示，在F由零逐渐增大的过程中，物体m和斜面体始终保持相对地面静止，则（）A．物体m所受的支持力逐渐增大B．物体m所受的静摩擦力一定增大C．物体m所受的合力逐渐增加D．水平面对斜面体的摩擦力保持不变7．如图甲所示，在一升降机内，一物块放在一台秤上，当升降机静止时，台秤的示数为F2，从启动升降机开始计时，台秤的示数随时间的变化图线如图乙所示，若取向上为正方向，则升降机运动的v﹣t图象可能是（）A．B．C．D．8．如图所示，两个完全相同的小车质量均为M，放在光滑的水平面上，小车横梁上用细线各悬挂一质量均为m的小球，若对甲中的小车施加水平向左的恒力F1，对乙中小球m施加水平向右的恒力F2，稳定后整个装置分别以大小为a1、a2的加速度做匀加速直线运动，两条细线与竖直方向的夹角均为θ，细线的拉力分别为T1、T2，地面对小车的支持力分别为N1、N2，则下列判断正确的是（）A．T2＞T1B．N1＞N2C．D．9．如图AB为铁板，一块质量m=0.5kg的磁铁紧紧吸在铁板上，磁铁与铁板之间的滑动摩擦因数μ=0.5，若将铁板的B端缓慢抬高直到θ=53°，磁铁始终相对铁板静止且二者之间吸力大小保持不变（已知sin53°=0.8，cos53°=0.6，取g=10m/s2），下列说法正确的是（）A．铁板与磁铁之间有两对相互作用力B．抬高过程中铁板对磁铁的弹力减小，摩擦力增大C．当θ=53°时，磁铁受到的摩擦力大小为f=4ND．当θ=53°时，磁铁受到的摩擦力大小为f=0.15N10．半圆柱体P放在粗糙的水平面上，有一挡板MN，其延长线总是过半圆柱体的轴心O，但挡板与半圆柱体不接触，在P和MN之间放有一个光滑均匀的小圆柱体Q（P的截面半径远大于Q的截面半径），整个装置处于静止状态，如图是这个装置的截面图，若用外力使MN绕O点缓慢地逆时针转动，在Q到达最高位置前，发现P始终保持静止，在此过程中，下列说法正确的是（）A．MN对Q的弹力大小逐渐减小B．P、Q间的弹力先增大后减小C．桌面对P的摩擦力先增大后减小D．P所受桌面的支持力保持不变11．如图所示，在光滑的水平面上，叠放着两个质量分别为M=3kg、m=1kg的物体，两物体间的动摩擦因数为μ=0.3，用一水平恒力F作用在M物体上，（当地重力加速度g取10m/s2），下列说法中正确的是（）A．当F=18N时，M物体的加速度为3m/s2B．当F=18N时，M物体的加速度为4.5m/s2C．若将F=18N的水平恒力作用在m物体上，m物体的加速度为4.5m/s2 D．若将F=18N的水平恒力作用在m物体上，m物体的加速度为9m/s212．如图所示，a、b两物体的质量分别为m1，m2，由轻质弹簧相连，放置在倾角为θ的光滑的斜面上．当给物体a施加一沿斜面向上的恒力F时，两物体一起斜向上做加速度为a的匀加速直线运动，此时弹簧的伸长量为x，则（）A．弹簧的劲度系数为k=B．弹簧的劲度系数为k=C．在运动过程中，若突然撤去拉力F，则撤去F的瞬间a物体的加速度大小为﹣a，b物体的加速度大小为aD．若斜面是粗糙的，在同样恒力F作用下，两物体仍然能斜向上匀加速运动，弹簧的伸长量将大于x二、实验题：本题包含2小题，共16分．请将答案填在题中横线上或按要求作答．13．在“验证力的平行四边形定则”实验中，需要将橡皮条的一端固定在水平木板上，先用一个弹簧秤拉橡皮条的另一端到某一点并记下该点的位置；再将橡皮条的另一端系两根细绳，细绳的另一端都有绳套，用两个弹簧秤分别勾住绳套，并互成角度地拉橡皮条．（1）某同学认为在此过程中必须注意以下几项：A．两根细绳必须等长B．橡皮条应与两绳夹角的平分线在同一直线上C．在使用弹簧秤时要注意使弹簧秤与木板平面平行D．在用两个弹簧秤同时拉细绳时要注意使两个弹簧秤的读数相等E．在用两个弹簧秤同时拉细绳时须将橡皮条的末端拉到用一个弹簧秤拉时记下的位置其中正确的是（填入相应的字母）（2）“验证力的平行四边形定则”的实验情况如图甲所示，其中A为固定橡皮条的图钉，O为橡皮条与细绳的结点，OB和OC为细绳．图乙是在白纸上根据实验结果画出的力的示意图．图乙中的F与F′两力中，方向一定沿AO方向的是；（3）某同学在坐标纸上画出了如图丙所示的两个已知力F1和F2，图中小正方形的边长表示2N，两力的合力用F表示，F1、F2与F的夹角分别为θ1和θ2，关于F1、F2与F、θ1和θ2关系正确的有A．F1=4NB．F=12NC．θ1=45°D．θ1＜θ2．14．（10分）某实验小组利用图1所示的装置探究加速度与力的关系．（1）实验中，为了使细线对小车的拉力等于小车所受的合外力，需要进行的一项操作是．A．将长木板的一端垫起适当的高度，撤去纸带以及砝码和砝码桶，轻推小车，观察判断小车是否做匀速运动B．将长木板水平放置，让小车连着已经穿过打点计时器的纸带，给打点计时器通电，调节m的大小，使小车在砝码和砝码桶的牵引下运动，从打出的纸带判断小车是否做匀速运动C．将长木板的一端垫起适当的高度，让小车连着已经穿过打点计时器的纸带，撤去砝码和砝码桶，先轻推小车，然后给打点计时器通电，从打出的纸带判断小车是否做匀速运动D．将长木板的一端垫起适当的高度，让小车连着已经穿过打点计时器的纸带，撤去砝码和砝码桶，给打点计时器通电，轻推小车，从打出的纸带判断小车是否做匀速运动（2）实验中，为了使细线对小车的拉力等于小车所受的合外力，除了上述平衡摩擦力之外，还需要进行的一项操作是．（3）实验中在进行上述调整之后，要使细线的拉力等于砝码和砝码桶的总重力，还应该满足的条件是（4）为了减少实验误差，某小组对上述实验装置进行了改装，如图2所示，改装时带滑轮的长木板和弹簧测力计均水平固定．①在用改装后的实验装置进行实验时，一定要进行的操作是A．小车靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，同时记录弹簧测力计的示数B．改变砂和砂桶质量，打出几条纸带C．用天平测出砂和砂桶的质量D．为了减小误差，实验中一定要保证砂和砂桶的质量远小于小车的质量②以弹簧测力计的示数F为横坐标，以加速度a为纵坐标，画出的aF图线如图3所示，已知图线的斜率为k，则小车的质量为．三、计算题：本题包含4小题，共44分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．15．（9分）质量m=2kg的物体静止于水平地面的A处，A、B间距L=6.6m，物块与地面间的动摩擦因数μ=0.5．用大小为20N，与水平方向成37°的斜向上的力F拉动物块一段时间后撤去，物块继续滑动一段位移后停在B点（已知cos37°=0.8，sin37°=0.6，取g=10m/s2）．求：撤去力F后物块继续滑动的时间t．16．（9分）公路上行驶的两辆汽车之间应保持一定的距离．当前车发现险情或出现故障时，后车司机可以采取措施，避免与前车相碰发生事故．两辆完全相同的小汽车在水平直道上均以v0=72km/h的速度匀速行驶，突然前车发生故障失去动力，前车司机采取措施时发现制动产生的阻力只有正常时的一半，于是在故障发生t1=4s后前车司机打开“双闪”对后车发出警示，后车司机经t2=1s的反应时间采取制动措施，已知后车制动系统正常，且正常情况下制动产生的阻力为汽车所受重力的k=0.2倍，若两车没有发生碰撞事故，求：正常行驶时两车之间的最小距离．17．（12分）飞机场为方便旅客前行，设置了水平电梯，某次电梯因故障停止运行，工作人员将一只边长为L=0.5m的立方体彩色箱子放到电梯上，电梯修好后突然以a=2m/s2的恒定加速度启动，当速度达到v=2m/s后便匀速运动．已知箱子与电梯之间的滑动摩擦因数为μ=0.1，重力加速度g=10m/s2，假设最大静摩擦力等于滑动摩擦力．求：搬走箱子后电梯上留下的痕迹长度．18．（14分）如图所示，两个完全相同的质量为m的光滑小球放在一个正方体的箱子内，静止时，箱子的顶部与球恰好接触但不挤压，并且两个小球的球心连线恰好与面对角线平行，已知重力加速度为g，求：（1）箱子静止时右壁受到的压力大小；（2）箱子以加速度水平向左加速运动时左壁受到的压力大小；（3）箱子以加速度2g水平向左加速运动时底部对B小球的支持力大小．2015-2016学年山西省太原五中高一（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题：（本题包含12小题，其中1-8小题为单选，每小题3分；9-12小题为多选，每小题3分，共40分）1．下列说法正确的是（）A．速度、力、位移、质量都是矢量B．米、米每秒、米每二次方秒、牛顿都是国际单位C．米、千克、秒、牛顿都是国际单位制中的基本单位D．质量、时间、长度、速度都是国际单位制中的基本量【考点】力学单位制．【分析】国际单位制规定了七个基本物理量．分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光强度、物质的量．它们的在国际单位制中的单位称为基本单位，而物理量之间的关系式推到出来的物理量的单位叫做导出单位【解答】解：A、质量是标量，速度、力、位移是矢量，故A错误；B、在力学范围内，国际单位制中的基本单位是：米，秒，千克，由国际基本单位组成的都是国际单位，所以米、米每秒、米每二次方秒、牛顿都是国际单位．故B正确；C、牛顿不是国际单位制中的基本单位，故C错误；D、度都不是国际单位制中的基本量．故D错误故选：B【点评】国际单位制规定了七个基本物理量，这七个基本物理量分别是谁，它们在国际单位制中的单位分别是什么，这都是需要学生自己记住的基本的知识，本题较简单．2．下列说法中正确的是（）A．物体所受的合力不为零时，其速度一定增大B．物体受到的合力越大，它的速度变化一定越快C．物体运动的速度越大，它受到的合力一定越大D．某时刻物体的速度为零，此时它受到的合力一定为零【考点】牛顿第二定律．【分析】力是改变物体运动状态的原因，有力作用在物体上，物体的运动状态不一定改变，物体的运动状态改变了，则一定有力作用在物体上．但有速度时不一定有加速度和力．【解答】解：A、物体所受的合外力不为零时，物体也可以做减速运动，速度不一定增大．故A错误．B、根据加速度的定义，一个物体受到的合外力越大，说明他的加速度大，也就是它的速度变化一定越快；故B正确；C、物体运动的速度大，可以是匀速直线运动，此时的合力是0；故C错误；D、物体的速度为零与合外力并没有直接的关系，速度为零时，合外力也可以很大．故D错误；故选：C．【点评】本题考查力、加速度和速度之间的关系；要学会区分合外力与速度、加速度的关系，理解合外力与速度并没有直接的关系，合外力与加速度有直接的联系，也就是牛顿第二定律．3．起重机用吊绳将货物向上吊起的过程中（忽略空气阻力），以下说法正确的是（）A．货物对绳的拉力是由于绳的形变产生的B．当货物加速上升时，绳对货物的拉力大于货物对绳的拉力C．当货物加速上升时，绳对货物的拉力大于货物受到的重力D．当货物匀速上升时，绳对货物的拉力与货物对绳的拉力是一对平衡力【考点】牛顿第二定律；物体的弹性和弹力；力的合成与分解的运用．【分析】明确弹力的产生，知道作用力和反作用力大小相等，方向相反，且同时产生、同时变化、同时消失，是同种性质的力．它们作用在不同的物体上，不能进行合成；会用牛顿第二定律求解绳子的拉力．【解答】解：A、货物对绳的拉力是由于货物发生形变而产生的；故A错误；B、无论货物怎么上升，绳子对货物的拉力与货物对绳子的拉力是作用力和反作用力，大小总是相等，故B错误；C、当货物加速上升时，由牛顿第二定律可知，F﹣mg=ma，则可知绳对货物的拉力大于货物受到的重力；故C正确；D、绳对货物的拉力与货物对绳的力一对作用力和反作用力，二者不能进行合成，不能看作平衡力；故D错误；故选：C．【点评】本题考牛顿第二定律和牛顿第三定律，要注意明确作用力和反作用力与平衡力的区别，知道作用力和反作用力作用在两个物体上，不能进行合成．4．“蹦极”就是跳跃者把一端固定的长弹性绳绑在踝关节等处，从几十米高处跳下的一种极限运动．最初弹性绳处于松弛状态，若将蹦极过程近似为在竖直方向的运动，从开始跳跃到第一次到达最低点的过程中，下列说法中正确的是（）A．跳跃者一直处于失重状态B．当弹性绳刚刚伸直的时候跳跃者的速度达到最大值C．当到达最低点的时候跳跃者的加速度为零D．当跳跃者到达最低点时处于超重状态【考点】牛顿运动定律的应用-超重和失重．【分析】游戏者从开始跳跃到最低点时，重力势能转化为动能和弹性势能．在绳子拉直点到最低点的过程中，分成两段：上段受到向下的合力改变物体的运动状态，速度越来越快．下段受到向上的合力改变物体的运动状态，速度越来越慢，到最低点速度为零．【解答】解：A、D、在绳子拉直点到最低点的过程中，受到绳的拉力，拉力由小变大．开始时小于重力仍加速运动，合力的方向向下，加速度逐渐减小；当拉力大于重力后，合力的方向向上，逐渐增大，做加速度逐渐增大的减速运动．所以他在绳子拉直点到最低点的过程中的加速度先减小后反向增大，人速度前一段时间增加，后一段时间减小．所以人先失重后超重．故A错误，D正确；B、当弹性绳刚刚伸直的时候跳跃者受到的重力大于绳子的拉力，所以跳跃者将继续向下加速，速度没有达到最大值．故B错误；C、跳跃者在绳子拉直点到最低点的过程中的加速度先减小后反向增大，可知在最低点的加速度的方向向上不为0．故C错误．故选：D．【点评】该题考查应用牛顿第二定律分析物体受力的动态变化问题，对于从绳子刚刚被拉直到最低点的过程中，上半段受到向下的合力，速度越来越大，学生不容易理解．5．粗细均匀的电线架在A、B连根电线杆间，由于热胀冷缩，电线在夏、冬两季呈现如图所示的形状，已知电线杆始终处于竖直状态，下列说法正确的是（）A．冬季，电线对电线杆的拉力较大B．夏季，电线对电线杆的拉力较大C．夏季与冬季，电线对电线杆的拉力一样大D．夏季、杆对地面的压力沿竖直方向的分量比冬季大【考点】力的合成．【分析】以整条电线为研究对象，受力分析根据平衡条件列出等式，结合夏季、冬季的电线几何关系求解．【解答】解：以整条电线为研究对象，受力分析如右图所示，由共点力的平衡条件知，两电线杆对电线的弹力的合力与其重力平衡，由几何关系得：Fcosθ=，即：F=由于夏天气温较高，电线的体积会膨胀，两杆正中部位电线下坠的距离h变大，则电线在杆上固定处的切线方向与竖直方向的夹角θ变小，故变小，所以两电线杆处的电线拉力与冬天相比是变小．电线杆上的电线的质量一定，受力平衡，夏季、冬季杆对地面的压力相等．所以选项BCD错误，A正确．故选：A．【点评】要比较一个物理量的大小关系，我们应该先把这个物理量运用物理规律表示出来，本题中应该抓住电线杆上的电线的质量一定，受力平衡，根据夏季、冬季电线在杆上固定处的切线方向与竖直方向的夹角的不同分析求解．6．静止于水平地面的粗糙斜面体上放有物体m．现用水平力F推m，如图所示，在F由零逐渐增大的过程中，物体m和斜面体始终保持相对地面静止，则（）A．物体m所受的支持力逐渐增大B．物体m所受的静摩擦力一定增大C．物体m所受的合力逐渐增加D．水平面对斜面体的摩擦力保持不变【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．【分析】分别对m和整体受力分析，通过共点力平衡，抓住合力为零分析各个力的变化．注意物体m所受的静摩擦力先沿斜面向上．【解答】解：A、B、对m分析，如图，在垂直斜面方向上有：N=mgcosθ+Fsinθ，当F增大，则N增大，对于摩擦力的大小，开始摩擦力方向沿斜面向上，当F 增大，f减小，当f减小到零，F继续增大，则f反向增大，剩余f先减小到零然后反向增大．故A正确，B错误．C、物体m处于平衡，则合力始终为零．故C错误．D、对整体分析，受力如图，知水平面随斜面的摩擦力f=F，则F增大，则摩擦力f增大．故D错误．故选：A．【点评】解决本题的关键能够正确地受力分析，运用共点力平衡进行求解，注意整体法和隔离法的运用．7．如图甲所示，在一升降机内，一物块放在一台秤上，当升降机静止时，台秤的示数为F2，从启动升降机开始计时，台秤的示数随时间的变化图线如图乙所示，若取向上为正方向，则升降机运动的v﹣t图象可能是（）A．B．C．D．【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像．【分析】根据静止时台秤的示数得物体的重力，F﹣t图象中力的示数与重力比较，判断是超重还是失重状态，超重加速度向上，失重具有向下的加速度，v﹣t图象的斜率表示加速度，正负代表方向．【解答】解：根据题意，升降机静止时，台秤的示数为，台秤的示数，即升降机处于失重状态，加速度向下，取向上为正方向，所以加速度为负，故AD错误；因为升降机初始状态为静止，所以不能做匀减速运动，故C错误，所以可能的图象是B，故选：B【点评】本题考查牛顿运动定律的应用，物体处于平衡状态时视重等于物重，超重时比重力大，失重时视重小于物重，超重加速度向上，失重时加速度向下．8．如图所示，两个完全相同的小车质量均为M，放在光滑的水平面上，小车横梁上用细线各悬挂一质量均为m的小球，若对甲中的小车施加水平向左的恒力F1，对乙中小球m施加水平向右的恒力F2，稳定后整个装置分别以大小为a1、a2的加速度做匀加速直线运动，两条细线与竖直方向的夹角均为θ，细线的拉力分别为T1、T2，地面对小车的支持力分别为N1、N2，则下列判断正确的是（）A．T2＞T1B．N1＞N2C．D．【考点】牛顿第二定律；物体的弹性和弹力．【分析】运用整体法和隔离法，对小球和整体进行分析，求出绳子的拉力、加速度，比较出拉力的大小和加速度大小．再对整体分析，根据牛顿第二定律比较出水平恒力的大小，以及在竖直方向上合力等于零，比较出支持力的大小．【解答】解：先对右图中情况下的整体受力分析，受重力、支持力和拉力，根据牛顿第二定律，有：F2=（M+m）a2…①再对右图中情况下的小球受力分析，如图根据牛顿第二定律，有F2﹣T2sinθ=ma2…②T2co sθ﹣mg=0…③由以上三式可解得：T2=，a2=再对左图中小球受力分析，如图由几何关系得：F合=mgtanα1T1=则有：a1==gtanθ拉力T1=T2．M+m）a，由于=，所以对整体分析有：F合=（在竖直方向上有：N=（M+m）g，所以N1=N2．故C正确，ABD错误．故选：C．【点评】本题关键要多次对小球和整体受力分析，求出合力，得出加速度和绳子拉力进行比较．9．如图AB为铁板，一块质量m=0.5kg的磁铁紧紧吸在铁板上，磁铁与铁板之间的滑动摩擦因数μ=0.5，若将铁板的B端缓慢抬高直到θ=53°，磁铁始终相对铁板静止且二者之间吸力大小保持不变（已知sin53°=0.8，cos53°=0.6，取g=10m/s2），下列说法正确的是（）A．铁板与磁铁之间有两对相互作用力B．抬高过程中铁板对磁铁的弹力减小，摩擦力增大C．当θ=53°时，磁铁受到的摩擦力大小为f=4ND．当θ=53°时，磁铁受到的摩擦力大小为f=0.15N【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．【分析】对磁铁受力分析即可判断铁板与磁铁之间有几对相互作用力，磁铁处于静止状态，受力平衡，根据平衡条件求出铁板对磁铁的弹力和摩擦力的表达式，而抬高过程中，θ增大，吸引力不变进而求出抬高过程中铁板对磁铁的弹力和摩擦力的变化情况，根据平衡条件求出当θ=53°时，磁铁受到的摩擦力．【解答】解：A、铁板与磁铁间的相互吸引力是一对相互作用力，铁板对磁铁的支持力和磁铁对铁板的压力是一对相互作用力，铁板对磁铁的静摩擦力和磁铁对铁板的静摩擦力是一对相互作用力，共3对相互作用力，故A错误；B、磁铁处于静止状态，受力平衡，根据平衡条件得：F N=F吸+mgcosθ，摩擦力f=mgsinθ，抬高过程中，θ增大，吸引力不变，则抬高过程中铁板对磁铁的弹力减小，摩擦力增大，故B正确；C、当θ=53°时，磁铁受到的摩擦力大小f=mgsinθ=0.5×10×0.8=4N，故C正确，D错误．故选：BC【点评】本题关键是对磁铁受力分析，然后根据平衡条件并运用正交分解法列式求解，注意三力平衡通常用合成法，三力以上用正交分解法，注意静摩擦力和滑动摩擦力的区别．10．半圆柱体P放在粗糙的水平面上，有一挡板MN，其延长线总是过半圆柱体的轴心O，但挡板与半圆柱体不接触，在P和MN之间放有一个光滑均匀的小圆柱体Q（P的截面半径远大于Q的截面半径），整个装置处于静止状态，如图是这个装置的截面图，若用外力使MN绕O点缓慢地逆时针转动，在Q到达最高位置前，发现P始终保持静止，在此过程中，下列说法正确的是（）A．MN对Q的弹力大小逐渐减小B．P、Q间的弹力先增大后减小。
山西省太原市2015-2016学年高二上学期阶段性测评(一)物理试卷Word版含答案
太原市2015—2016学年高二年级第一学期阶段性测评(一)物理试卷一、单项选择题（本题包括10小题，每题3分，共30分。
每小题只有一个选项最符合题意）1.关于点电荷，下列说法正确的是A．点电荷就是不电荷B．形状不规则的带电体不能看做点电荷C．只有体积很小或带电量很少的带电体才能看做点电荷D．当带电体间的距离比它们自身的大小大得多，以至带电体的形状、大小及电荷分布对它们间的静电力的影响可以忽略的，才可以将其看做点电荷答案:D2.关于电阻和电阻率，下列说法正确的是A．由可知，导体的电阻不导体的长度成正比，不导体的横截面积成反比B．由可知，导体的电阻不导体两端电压成正比，不流过导体的电流成反比C．由可知，导体的电阻率不导体的横截面积成正比，不导体的长度成反比D．导体的电阻率只由材料的种类决定，跟温度无关答案:A3.关于静电场，下列说法正确的是A．电势为零的物体一定丌带电B．电场强度的方向处处不零电势面垂直C．电场强度为零的地方，电势也一定为零D．随着电场强度的大小逐渐减小，电势也逐渐降低答案:B4.两个大小完全相同的金属小球带异种电荷，所带电荷量之比为1:9。
当两小球间距远大于小球半径且间距一定时，它们之间相互作用的静电力大小为F。
现将两小球相互接触，达到经典平衡后再放回原来的位置，这时两球之间相互作用的静电力大小是答案:B5.如图所示，电路中三个电阻都是2Ω，是理想电流表，若在A、B两点间加6V的恒定电压，则电流表的示数为（）A.3AB.2AC.1AD.0答案:C6.有一电场的电场线分布如图中实线所示，一带电粒子只在电场力的作用下沿虚线由A 运动到B，带电粒子的速率随时间变化的图像大致是下图中的（）答案:B7.电容器是一种重要的电器元件，有着广泛的运用。
图甲是用来测量导电液体深度h 的电容器，使用时两极接入电路；图乙是用来测量拉力、压力F的电容器，使用时可动电极和固定电极接入电路。
下列判断正确的是（）A. 保持图甲中两极间的电压不变，若两电极带电量增大，则h正在变大B. 保持图甲中两电极带电量不变，若两极间电压增大，则h正在变大C. 保持图乙中两电极带电量不变，若两极间电压减小，则F为拉力且正在变大D. 保持图乙中两极间的电压不变，若两电极带电量减小，则F为压力且正在变大答案:A8.常用的电流表和电压表都是由小量程的电流表G（表头）改装而成的，如图是某次改装的示意图，已知表头G的满偏电流为60μA，表盘均匀划分为30个小格，电阻箱R1的阻值等于表头内阻的1/2；电阻箱R2的阻值等于表头内阻的2倍。
2016届太原市高三上学期阶段性测评物理卷(一)(201511)
太原市2016届高三上学期阶段性测评（一）物理试题一、单项选择题（本题包括8小题，每题5分，共40分。
每小题只有一个选项最符合题意）1.伽利略对“自由落体”和“运动和力的关系”的研究，开创了科学实验和逻辑推理相结合的重要科学研究方法。
图1、图2分别表示这两项研究中实验和逻辑推理的过程，对这两项研究，下列说法正确的是A.图l中先在倾角较小的斜面上进行实验，可“冲淡”重力，使时间的测量更容易B.图1通过对自由落体运动的研究，合理外推得出小球在斜面上做匀变速运动C.图2的实验为“理想实验”，通过逻辑推理得出力是改变物体运动的原因D.图2中由真实的科学实验证明运动不需要力来维持2.两位同学在练习投掷飞镖（可视为质点）时，他们将两飞镖分别从同一竖直线上的A、B两点水平抛出，两飞镖恰好能在P点相遇，如图所示。
不考虑空气阻力，则A.两个飞镖一定同时抛出B.两个飞镖抛出的初速度相同C.A处飞镖先抛出D.A处飞镖抛出时的速度大于B处飞镖抛出时的速度3.质量为60kg的人乘电梯上楼，在竖直上升过程中加速度a随时间t变化的图线如图所示。
以竖直向上为a的正方向，取g=10m/s2，则A.t=2s时，人对地板的压力最小B.t=2s时，人对地板的压力大小为480NC.t=8.5s时，人对地板的压力最大D.t=8.5s时，人对地板的压力大小为420N4. 新修订的《国家学生体质健康标准》将“引体向上”作为男同学的必测项目。
如图所示，质量为50kg的某同学两手正握单杠，开始时，手臂完全伸直，身体呈自然悬垂状态，此时他的下颚距单杠面的高度为0.6m，然后用恒力向上拉，经过1s下颚到达单杠。
不考虑空气阻力和因为手臂弯曲而引起人的重心相对人体位置的变化，取g=10m/s2则该同学A.所用恒力大小为440NB.所用恒力大小为560NC.下颚到达单杠面时速度大小为0.6m/s D．向上运动的过程中处于失重状态5.如图1所示，光滑水平桌面上，竖直木板abcd紧靠在桌边后方，cd边水平，木板与桌边在同一个竖直平面内。
太原市第五中学2015-2016学年高一上学期1月第一次阶段性测试物理试题 无答案
一、选择题（1-5单选，6-8多选）1。
如图所示，两个等大的水平力F分别作用在B和C上,A、B、C 均处于静止状态．各接触面与水平地面平行，A、C间的摩擦力大小为F 1 ,B、C间的摩擦力大小为F2 ,C与地面间的摩擦力大小为F 3，则（)A．F1 =0，F2 =0，F3 =0B．F1 =0，F2 =F,F 3 =0C．F1 =F，F2 =0，F3 =0D．F1 =0,F 2 =F，F3 =F2.如图所示，圆柱形的仓库内有三块长度不同的滑板aO、bO、cO，其下端都固定于底部圆心O,而上端则搁在仓库侧壁上,三块滑板与水平面的夹角依次是30°、45°、60°．若有三个小孩同时从a、b、c处开始下滑（忽略阻力）则（)A．a处小孩最先到O点B．b处小孩最后到O点C．c处小孩最先到O点D．a、c处小孩同时到O点3.完全相同的直角三角形滑块A、B，按图所示叠放,设A、B接触的斜面光滑，A与桌面的动摩擦因数为μ．现在B上作用一水平推力F,恰好使A、B一起在桌面上匀速运动,且A、B保持相对静止．则A与桌面的动摩擦因数跟斜面倾角θ的关系为：( )A．μ= tanθB．μ=（1/2）tanθC．μ= 2tanθD．μ与θ无关，4.如图,质量均为m的两个铁块a、b放在水平桌面上，二者用张紧的轻质橡皮绳，通过光滑的定滑轮相连，系统都处于静止状态,若用水平外力将a向左由P缓慢移至M处，b未动；撤掉外力后仍都能保持静止，对a、b进行分析，正确的有( ）A．铁块a在P、M两点位置所受的摩擦力大小都等于b受的摩擦力大小B．两者对桌面的压力一定都变大C．水平外力推动a的过程a的合力变大D．此过程b受的摩擦力变大，但如果用外力将a继续向左移动下去,b受的摩擦力有可能会突然变小5.如图所示，bc为固定在小车上的水平横杆，物块M串在杆上，靠摩擦力保持与杆相对静止,M 又通过轻细线悬吊着一个小铁球m,此时小车正以大小为a的加速度向右做匀加速运动，而M、m均相对小车静止,细线与竖直方向的夹角为θ.小车的加速度逐渐增大，M始终和小车保持相对静止,当加速度增大到2a时A．横杆对M的摩擦力增大到原来的2倍B．横杆对M的弹力不变C．细线与竖直方向的夹角增大到原来的2倍D．细线的拉力增大到原来的2倍6。
高一物理月考试题及答案山西太原外国语学校20152016学年高一上学期第一次月考试题
高一年级月考试卷（物理）一、单项选择题（每题 4 分，共 40 分）1．我们研究的匀变速直线运动是指（）A ．位移随时间均匀变化B．速度随时间均匀变化C．行程随时间均匀变化D．加快度随时间均匀变化2．某人站在楼房露台竖直向上抛出一个小球，上涨最大高度为 5 m，小球落回到抛出点下方10 m处，则小球在这一运动过程中经过的行程和位移分别为（）（规定竖直向上为正方向）。
A ． 20 m 、-10 mB ． 20 m、 15m C． 15 m 、－ 15 m D． 15m、 10m3．在研究下述运动时,能把物体看作质点的是（）A．研究飞翔中直升机上的螺旋桨的转动时B．研究飞往火星的宇宙飞船最正确运转轨道时C．一枚硬币使劲上抛并猜想它落地时正面向上仍是朝下时D．研究汽车在上坡时坡道倾角对汽车翻倒的影响时4．以下各组物理量中,都是矢量的是()A ．位移、时间、速度B ．速度、速率、加快度C．加快度、速度的变化、速度 D ．行程、时间、位移5.下边描绘的几个速度中，属于刹时速度的是( )A ．子弹以 790 m/s 的速度击中目标B ．信号沿动物神经流传的速度大概为10 m/sC．汽车上速度计的示数为 80 km/h D ．台风以 360 m/s 的速度向东北方向挪动6．由静止开始沿直线做匀加快运动的物体，在最先3s 内的位移为 45m，则它在第4s 内的位移为（）A ．35m B． 63m C． 15m D． 80m7．物体做匀减速直线运动，则以下认识正确的选项是（）A．刹时速度的方向与运动方向相反B．加快度大小不变，方向总与运动方向相反C．加快度大小渐渐减小D．物体位移渐渐减小8．某人登山，从山脚爬上山顶，而后又从原路返回到山脚，上山的均匀速率为v1，下山的均匀速率为v2，则来回的均匀速度的大小和均匀速率是()v 1＋v 2v 1＋v 2B ． v 1－v 2，v 1－v 2C ． 0， v 1－v 2D ．0， 2v 1v 2A ．2 ，222v 1＋v 21＋v 2v9．一质点沿 x 轴做直线运动，其 v-t 图像如右图所示。
山西省太原市第五中学高一物理上学期第一次月考试题(扫描版)
山西省太原市第五中学2015-2016学年高一物理上学期第一次月考试题（扫描版）太原五中2015-2016学年度第一学期阶段性测试高一物理答案（2015.10）一．选择题题序 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 B C D A B C B C BD AD BD BCD 二．填空题(每空3分，共12分)13． 0.215m/s 0.49m/s2（计算结果取二位有效数字）14. B15.（8分）（1）不超载（2）超载货车刹车时的初速是v0=15m/s，末速是0，加速度分别是2.5m/s2和5m/s2，根据位移推论式得代入数据解得：超载不超载16.（15分）（1）20 m/s （2）2s （3）20 m（1）由B点到C点v2-（）2=2ghv =20 m/s（2）根据v =gt，可得物体在空中运动的总时间为：t= =2s（3）根据v 2=2gH （根据H= gt2也可）可得H=gv22=20 m1221()21122(h t-h t）t t t t2vgv2117. （10分）V A=8.5m/s V B=6.5m/s V C=3.5m/s汽车从A到C是匀减速运动，设汽车通过路标A时速度为错误!未找到引用源。
，通过AB的时间错误!未找到引用源。
，通过BC的时间错误!未找到引用源。
根据位移公式错误!未找到引用源。
，研究AB运动的过程，有错误!未找到引用源。
，研究AC运动过程，有错误!未找到引用源。
其中错误!未找到引用源。
解得：错误!未找到引用源。
再根据速度公式错误!未找到引用源。
错误!未找到引用源。
18.（15分）△x m=64 m (2) t = 16 s (3) a A=4 m/s2（1）当A、B两车速度相等时，相距最远根据速度关系得：v 1= v 2 -a t 1代入数据解得： t 1=6 s此时，根据位移公式得：x A= v 1 t 1△x m= x B+ x o -x A代入数据解得：△x m=64 m（2）B车刹车停止运动所用时间： t o= v 1/a=10 s所发生位移：x B，= v 22/2a=100m此时：x A= v 1 t 0=80m则：x A＜ x0 + x B，，可见此时A车并未追上B车，而是在B车停止后才追上之后A车运动时间为： t 2=（ x0 + x B，—x A）/ v 1=6 s故所求时间为：t = t o+ t 2=16 s（3）A车刹车减速至0时刚好追上B车时，加速度最小代入数据解得：a A=4 m/s2。
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太原市2015—2016学年高一年级第一学期阶段性测评(一)物理试卷参考答案
一、单项选择题（本题包括10小题，每题3分，共30分。
每小题只有一个选项最符合题意）
1.B
2.C
3.D
4.B 解析：允许行驶的最大速度表示在某一位置的速度，是瞬时速度。
到南内环东街还有3.9Km，是运动轨迹的长度，是路程。
所以B对。
5．B 解析：位移的正负表示方向，在原点左侧表示位移为负，在位移右侧表示位移为正。
6.A 解析：当时间间隔很小时，瞬时速度近似等于平均速度。
7.D 解析：加速度方向的确定，加速度方向与速度变化量的方向相同，表示的是速度变化的快慢。
8.A 解析：v-t图象的斜率表示加速度，0-1s内，斜率为4，所以加速度为4m/s2，1-3s内，斜率为-2，所以加速度为-2m/s2,所以A正确。
9.C 解析：
10.C 解析：位移-时间图象表示物体的位置随时间变化的规律，而速度-时间图象表示速度随时间变化的规律；由图象的性质可得出物体的运动性质及位移大小。
A、甲在0时刻由负方向上距原点2m
处向正方向运动，6s时达到正向的2m处，故总位移为4m，故AB错误； C、乙开始时速度为沿负向的匀减速直线运动，3s后做正向的匀加速直线运动，图象与时间轴围成的面积为物体通过的位移，故总位移为零，故C正确，D错误.
二、多项选择题（共5小题；每题3分，满分15分）
11.A、C 解析:自由落体运动是初速度为0，加速度为重力加速的匀加速直线运动 A、C对，B错。
D
毽子下落受空气阻力，不可以看做自由落体运动。
12.A、B 解析:参考系可以任意选取，但是一般选地面为参考系。
13.A、D 解析:加速度与速度方向相同，表示速度在增大；与速度方向相反，表示速度在减小。
加速度表示速度变化的快慢。
14.答案:B、D 考点:速度时间图像难度：☆☆☆解析:A：6s之前速度一直沿正方向，所以6s末距出发点最远，A错，B对。
加速度看斜率，0-2s加速度最大，C错。
4-8s斜率不变，加速度不变，D对。
15.B、C、D 解析:10s前B的速度一直比A大，一直比A运动的快，所以B在A前面，A错。
从图像可知，10s末速度相等。
10s之前，距离在逐渐增大，10是之后距离逐渐减小，C对。
有图像可知速度时间图像围成的面积为唯一，面积相减可得A落后B50m。
三．实验题：本题包含2小题，共14分。
16. 交流 0.02s A
17.（1） 0.405 （2）（3） 0.104（4） 0.75 （5）0.0072 解析：中间时刻的速度等于
平均速度=位移除以时间。
加速度为v-t图像的斜率。
由可求得x。
四．计算题。
18.
（2）雨滴的速度通常不超过8 m/s，而理论计算值约是实际值的21倍，差别很大．造成这个差别的原因是：雨滴自高空落下，受空气阻力作用，速度越大，阻力也越大，雨滴做加速度逐渐减小的加速运动，到达地面之前，已做匀速运动．答：雨滴落地的速度按照理论计算是1.732×102 m/s，而实际的情况是：雨滴自高空落下，受空气阻力作用，速度越大，阻力也越大，雨滴做加速度逐渐减小的加速运动，到达地面之前，已做匀速运动．
19.
20.
21.
22.
23.。