2016-2017学年河北省保定市定州中学高一(下)期末数学试卷
河北省保定市2016-2017学年高一下册数学期末考试试卷(解析版)
河北省保定市2016-2017学年高一下册数学期末考试试卷(解析版)一.选择题1.已知点（﹣3，﹣1）和（4，﹣6）在直线3x﹣2y﹣a=0的两侧，则实数a的取值范围为（）A. （﹣24，7）B. （﹣∞，﹣24）∪（7，+∞）C. （﹣7，24）D. （﹣∞，﹣7）∪（24，+∞）【答案】C【考点】直线的斜率【解析】【解答】解：∵点（﹣3，﹣1）和（4，﹣6）在直线3x﹣2y﹣a=0的两侧，∴（﹣9+2﹣a）（12+12﹣a）＜0，化为（a+7）（a﹣24）＜0，解得﹣7＜a＜24．故答案为：C．【分析】根据题意可知，把两个点代入直线方程可得（﹣9+2﹣a）（12+12﹣a）＜0，解出a的值即可。
2.设α、β为不重合的平面，m，n为不重合的直线，则下列命题正确的是（）A. 若m∥α，n∥β，m⊥n，则α⊥βB. 若m∥n，n∥α，α∥β，则m∥βC. 若α⊥β，α∩β=n，m⊥n，则m⊥αD. 若α∩β=n，m∥α，m∥β，则m∥n【答案】D【考点】空间中直线与平面之间的位置关系【解析】【解答】解：若m∥α，n∥β，m⊥n，则α⊥β或α∥β，故不正确；若m∥n，n∥α，α∥β，则m∥β或m⊂β，故不正确；若α⊥β，α∩β=n，m⊥n，则m⊥α，不正确，缺少条件m⊂β，故不正确；若α∩β=n，m∥α，m∥β，根据线面平行的判定与性质，可得m∥n，正确．故答案为：D．【分析】根据空间内两条直线的位置关系以及线面平行、垂直的性质定理可得结果。
3.如图，网格纸上校正方形的边长为1，粗线画出的某几何体的三视图，其中俯视图的右边为一个半圆，则此几何体的体积为（）第1 页共22 页。
河北省定州市高一数学下学期期末考试试题(扫描版,无答案)(2021年整理)
河北省定州市2016-2017学年高一数学下学期期末考试试题（扫描版，无答案）
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河北省保定市定州中学高一数学下学期期末试卷(含解析)
河北省保定市定州中学高一数学下学期期末试卷（含解析）一、选择题（共12小题，共60分）1．已知⊙C的圆心在曲线y=上，⊙C过坐标原点O，且与x轴、y轴交于A、B两点，则△OAB的面积是（）A．2 B．3 C．4 D．82．过点M（1，2）的直线l将圆（x﹣2）2+y2=9分成两段弧，当其中的劣弧最短时，直线l 的方程是（）A．x=1 B．y=1 C．x﹣y+1=0 D．x﹣2y+3=03．设A为圆（x﹣1）2+y2=0上的动点，PA是圆的切线且|PA|=1，则P点的轨迹方程（）A．（x﹣1）2+y2=4 B．（x﹣1）2+y2=2 C．y2=2x D．y2=﹣2x4．若圆C的半径为1，圆心在第一象限，且与直线4x﹣3y=0和x轴都相切，则该圆的标准方程是（）A．（x﹣2）2+（y﹣1）2=1 B．（x﹣2）2+（y+1）2=1 C．（x+2）2+（y﹣1）2=1 D．（x﹣3）2+（y﹣1）2=15．已知圆C：x2+y2+mx﹣4=0上存在两点关于直线x﹣y+3=0对称，则实数m的值（）A．8 B．﹣4 C．6 D．无法确定6．设圆的方程是x2+y2+2ax+2y+（a﹣1）2=0，0＜a＜1时原点与圆的位置关系是（）A．原点在圆上B．原点在圆外C．原点在圆内D．不确定7．已知底面边长为1，侧棱长为的正四棱柱的各顶点均在同一球面上，则该球的体积为（）A．B．4πC．2πD．8．一几何体的直观图如图所示，下列给出的四个俯视图中正确的是（）A．B． C．D．9．设a、b、c分别是△ABC中∠A、∠B、∠C所对边的边长，则直线xsinA+ay+c=0与bx﹣ysinB+sinC=0的位置关系是（）A．垂直 B．平行 C．重合 D．相交但不垂直10．若圆O：x2+y2=4与圆C：x2+y2+4x﹣4y+4=0关于直线l对称，则直线l的方程是（）A．x+y=0 B．x﹣y=0 C．x+y+2=0 D．x﹣y+2=011．直线x﹣2y+1=0关于直线x=1对称的直线方程是（）A．x+2y﹣1=0 B．2x+y﹣1=0 C．2x+y﹣3=0 D．x+2y﹣3=012．经过两点A（4，2y+1），B（2，﹣3）的直线的倾斜角为，则y=（）A．﹣1 B．﹣3 C．0 D．2二、填空题（4小题，共20分）13．已知三棱锥P﹣ABC的所有棱长都相等，现沿PA，PB，PC三条侧棱剪开，将其表面展开成一个平面图形，若这个平面图形外接圆的半径为2，则三棱锥P﹣ABC的内切球的表面积为．14．已知f（x，y）=（x﹣y）2+（4++）2，则f（x，y）的最大值为．15．如图，在半径为的⊙O中，弦AB，CD相交于点P，PA=PB=2，PD=1，则圆心O到弦CD的距离为．16．在平面直角坐标系xOy中，已知圆x2+y2=4上有且仅有四个点到直线12x﹣5y+c=0的距离为1，则实数c的取值范围是．三、解答题（8小题，共70分）17．如图，四棱锥P﹣ABCD的底面是菱形，∠ABC=60°，PA⊥底面ABCD，E，F分别是BC，PC的中点，点H在PD上，且EH⊥PD，PA=AB=2．（1）求证：EH∥平面PBA；（2）求三棱锥P﹣AFH的体积．18．如图，已知一四棱锥P﹣ABCD的底面是边长为1的正方形，且侧棱PC⊥底面ABCD，且PC=2，E是侧棱PC上的动点（1）求四棱锥P﹣ABCD的体积；（2）证明：BD⊥AE．（3）求二面角P﹣BD﹣C的正切值．19．如图，四棱锥A﹣BCDE中，△ABC是正三角形，四边形BCDE是矩形，且平面ABC⊥平面BCDE，AB=2，AD=4．（1）若点G是AE的中点，求证：AC∥平面BDG（2）若F是线段AB的中点，求三棱锥B﹣EFC的体积．20．如图所示，四棱锥P﹣ABCD中，底面ABCD是边长为2的正方形，侧棱PA⊥底面ABCD，且PA=2，Q是PA的中点．（Ⅰ）证明：PC∥平面BDQ；（Ⅱ）求三棱锥Q﹣BAD的体积．21．如图，平面ABEF⊥平面ABC，四边形ABEF为矩形，AC=BC．O为AB的中点，OF⊥EC．（Ⅰ）求证：OE⊥FC：（Ⅱ）若=时，求二面角F﹣CE﹣B的余弦值．22．已知圆C：x2+（y﹣1）2=5，直线l：mx﹣y+1﹣m=0，且直线l与圆C交于A、B两点．（1）若|AB|=，求直线l的倾斜角；（2）若点P（1，1），满足2=，求直线l的方程．23．已知圆C：x2+（y﹣2）2=5，直线l：mx﹣y+1=0．（1）求证：对m∈R，直线l与圆C总有两个不同交点；（2）若圆C与直线相交于点A和点B，求弦AB的中点M的轨迹方程．24．已知直线l：2x+y+2=0及圆C：x2+y2=2y．（1）求垂直于直线l且与圆C相切的直线l′的方程；（2）过直线l上的动点P作圆C的一条切线，设切点为T，求PT的最小值．2015-2016学年河北省保定市定州中学高一（下）期末数学试卷参考答案与试题解析一、选择题（共12小题，共60分）1．已知⊙C的圆心在曲线y=上，⊙C过坐标原点O，且与x轴、y轴交于A、B两点，则△OAB的面积是（）A．2 B．3 C．4 D．8【考点】定积分在求面积中的应用．【分析】设圆心坐标为（a，），可得圆的方程，即可求出三角形OAB的面积．【解答】解：设圆心坐标为（a，），则r=，∴⊙C的方程为（x﹣a）2+（y﹣）2=a2+，令x=0，可得y=，令y=0，可得x=2a，∴三角形OAB的面积为×||×|2a|=4；故选C．2．过点M（1，2）的直线l将圆（x﹣2）2+y2=9分成两段弧，当其中的劣弧最短时，直线l 的方程是（）A．x=1 B．y=1 C．x﹣y+1=0 D．x﹣2y+3=0【考点】直线和圆的方程的应用；直线的一般式方程．【分析】由条件知M点在圆内，故当劣弧最短时，l应与圆心与M点的连线垂直，求出直线的斜率即可．【解答】解：由条件知M点在圆内，故当劣弧最短时，l应与圆心与M点的连线垂直，设圆心为O，则O（2，0），∴K OM==﹣2．∴直线l的斜率k=，∴l的方程为y﹣2=（x﹣1）．即x﹣2y+3=0；故选D3．设A为圆（x﹣1）2+y2=0上的动点，PA是圆的切线且|PA|=1，则P点的轨迹方程（）A．（x﹣1）2+y2=4 B．（x﹣1）2+y2=2 C．y2=2x D．y2=﹣2x【考点】轨迹方程．【分析】结合题设条件作出图形，观察图形知图可知圆心（1，0）到P点距离为，所以P在以（1，0）为圆心，以为半径的圆上，由此能求出其轨迹方程．【解答】解：作图可知圆心（1，0）到P点距离为，所以P在以（1，0）为圆心，以为半径的圆上，其轨迹方程为（x﹣1）2+y2=2．故选B．4．若圆C的半径为1，圆心在第一象限，且与直线4x﹣3y=0和x轴都相切，则该圆的标准方程是（）A．（x﹣2）2+（y﹣1）2=1 B．（x﹣2）2+（y+1）2=1 C．（x+2）2+（y﹣1）2=1 D．（x﹣3）2+（y﹣1）2=1【考点】圆的标准方程．【分析】要求圆的标准方程，半径已知，只需找出圆心坐标，设出圆心坐标为（a，b），由已知圆与直线4x﹣3y=0相切，可得圆心到直线的距离等于圆的半径，可列出关于a与b的关系式，又圆与x轴相切，可知圆心纵坐标的绝对值等于圆的半径即|b|等于半径1，由圆心在第一象限可知b等于圆的半径，确定出b的值，把b的值代入求出的a与b的关系式中，求出a的值，从而确定出圆心坐标，根据圆心坐标和圆的半径写出圆的标准方程即可．【解答】解：设圆心坐标为（a，b）（a＞0，b＞0），由圆与直线4x﹣3y=0相切，可得圆心到直线的距离d==r=1，化简得：|4a﹣3b|=5①，又圆与x轴相切，可得|b|=r=1，解得b=1或b=﹣1（舍去），把b=1代入①得：4a﹣3=5或4a﹣3=﹣5，解得a=2或a=﹣（舍去），∴圆心坐标为（2，1），则圆的标准方程为：（x﹣2）2+（y﹣1）2=1．故选：A5．已知圆C：x2+y2+mx﹣4=0上存在两点关于直线x﹣y+3=0对称，则实数m的值（）A．8 B．﹣4 C．6 D．无法确定【考点】直线和圆的方程的应用；恒过定点的直线．【分析】因为圆上两点A、B关于直线x﹣y+3=0对称，所以直线x﹣y+3=0过圆心（﹣，0），由此可求出m的值．【解答】解：因为圆上两点A、B关于直线x﹣y+3=0对称，所以直线x﹣y+3=0过圆心（﹣，0），从而﹣+3=0，即m=6．故选C．6．设圆的方程是x2+y2+2ax+2y+（a﹣1）2=0，0＜a＜1时原点与圆的位置关系是（）A．原点在圆上B．原点在圆外C．原点在圆内D．不确定【考点】圆的一般方程．【分析】将原点代入x2+y2+2ax+2y+（a﹣1）2=（a﹣1）2＞0，即可得出结论．【解答】解：将原点代入x2+y2+2ax+2y+（a﹣1）2=（a﹣1）2＞0，所以原点在圆外．故选：B7．已知底面边长为1，侧棱长为的正四棱柱的各顶点均在同一球面上，则该球的体积为（）A．B．4πC．2πD．【考点】球的体积和表面积．【分析】由长方体的对角线公式，算出正四棱柱体对角线的长，从而得到球直径长，得球半径R=1，最后根据球的体积公式，可算出此球的体积．【解答】解：∵正四棱柱的底面边长为1，侧棱长为，∴正四棱柱体对角线的长为=2又∵正四棱柱的顶点在同一球面上，∴正四棱柱体对角线恰好是球的一条直径，得球半径R=1根据球的体积公式，得此球的体积为V=πR3=π．故选：D．8．一几何体的直观图如图所示，下列给出的四个俯视图中正确的是（）A．B． C．D．【考点】简单空间图形的三视图．【分析】通过几何体结合三视图的画图方法，判断选项即可．【解答】解：几何体的俯视图，轮廓是矩形，几何体的上部的棱都是可见线段，所以C、D 不正确；几何体的上部的棱与正视图方向垂直，所以A不正确，故选：B．9．设a、b、c分别是△ABC中∠A、∠B、∠C所对边的边长，则直线xsinA+ay+c=0与bx﹣ysinB+sinC=0的位置关系是（）A．垂直 B．平行 C．重合 D．相交但不垂直【考点】直线的一般式方程与直线的垂直关系．【分析】先由直线方程求出两直线的斜率，再利用正弦定理化简斜率之积等于﹣1，故两直线垂直．【解答】解：两直线的斜率分别为和，△ABC中，由正弦定理得=2R，R为三角形的外接圆半径，∴斜率之积等于，故两直线垂直，故选A．10．若圆O：x2+y2=4与圆C：x2+y2+4x﹣4y+4=0关于直线l对称，则直线l的方程是（）A．x+y=0 B．x﹣y=0 C．x+y+2=0 D．x﹣y+2=0【考点】关于点、直线对称的圆的方程．【分析】由题意可得，直线l是两圆的公共弦所在的直线，故把两圆的方程相减可得直线l 的方程．【解答】解：由于圆O：x2+y2=4与圆C：x2+y2+4x﹣4y+4=0关于直线l对称，则直线l是两圆的公共弦所在的直线，故把两圆的方程相减可得直线l的方程为 x﹣y+2=0，故选：D．11．直线x﹣2y+1=0关于直线x=1对称的直线方程是（）A．x+2y﹣1=0 B．2x+y﹣1=0 C．2x+y﹣3=0 D．x+2y﹣3=0【考点】与直线关于点、直线对称的直线方程．【分析】设所求直线上任一点（x，y），关于x=1的对称点求出，代入已知直线方程，即可得到所求直线方程．【解答】解：解法一（利用相关点法）设所求直线上任一点（x，y），则它关于x=1对称点为（2﹣x，y）在直线x﹣2y+1=0上，∴2﹣x﹣2y+1=0化简得x+2y﹣3=0故选答案D．解法二：根据直线x﹣2y+1=0关于直线x=1对称的直线斜率是互为相反数得答案A或D，再根据两直线交点在直线x=1选答案D故选D．12．经过两点A（4，2y+1），B（2，﹣3）的直线的倾斜角为，则y=（）A．﹣1 B．﹣3 C．0 D．2【考点】直线的倾斜角．【分析】首先根据斜率公式直线AB的斜率k，再由倾斜角和斜率的关系求出直线的斜率，进而求出a的值．【解答】解：因为直线经过两点A（4，2y+1），B（2，﹣3）所以直线AB的斜率k==y+2又因为直线的倾斜角为，所以k=﹣1，所以y=﹣3．故选：B．二、填空题（4小题，共20分）13．已知三棱锥P﹣ABC的所有棱长都相等，现沿PA，PB，PC三条侧棱剪开，将其表面展开成一个平面图形，若这个平面图形外接圆的半径为2，则三棱锥P﹣ABC的内切球的表面积为3π．【考点】棱柱、棱锥、棱台的体积．【分析】根据平面图形外接圆的半径求出三棱锥的棱长，再根据棱长求出高，设内切球的球心为O'，半径为r，连接三棱锥的四个顶点得到四个小三棱锥的体积相等，然后根据等积法计算得到半径r，再由球的表面积公式计算即可得到．【解答】解：根据题意几何体为正三棱锥，如图，设棱长为a，PD=a，OD=a，OP==a．则OD+PD=a+a=a=2⇒a=3，V棱锥=×a2×a=9，设内切球的球心为O'，半径为r，连接三棱锥的四个顶点得到四个小三棱锥的体积相等，即为4××a2r=×18r=6r．由等积法，可得，9=6r，解得，r=．则内切球的表面积为S=4πr2=3π．故答案为：3π．14．已知f（x，y）=（x﹣y）2+（4++）2，则f（x，y）的最大值为．【考点】函数的最值及其几何意义．【分析】f（x，y）表示两点A（x，4+）和B（y，﹣）的距离的平方．则A在上半圆x2+（y﹣4）2=1运动，B在下半椭圆+n2=1上运动，由对称性可得只要求得圆心C（0，4）到椭圆上的点的距离最大值，运用两点的距离公式和二次函数的最值，结合椭圆的性质，即可得到最大值．【解答】解：f（x，y）=（x﹣y）2+（4++）2，表示两点A（x，4+）和B（y，﹣）的距离的平方．由A在上半圆x2+（y﹣4）2=1运动，B在下半椭圆+n2=1上运动，由对称性可得只要求得圆心C（0，4）到椭圆上的点的距离最大值．设半椭圆上P（m，n）（﹣1≤n≤0），即有|CP|===，当n=﹣时，|CP|取得最大值3，则有f（x，y）的最大值为（3+1）2=28+6．故答案为：．15．如图，在半径为的⊙O中，弦AB，CD相交于点P，PA=PB=2，PD=1，则圆心O到弦CD的距离为．【考点】圆內接多边形的性质与判定；与圆有关的比例线段．【分析】首先利用相交弦定理求出CD的长，再利用勾股定理求出圆心O到弦CD的距离，注意计算的正确率．【解答】解：由相交弦定理得，AP×PB=CP×PD，∴2×2=CP•1，解得：CP=4，又PD=1，∴CD=5，又⊙O的半径为，则圆心O到弦CD的距离为d===．故答案为：．16．在平面直角坐标系xOy中，已知圆x2+y2=4上有且仅有四个点到直线12x﹣5y+c=0的距离为1，则实数c的取值范围是（﹣13，13）．【考点】直线与圆的位置关系．【分析】求出圆心，求出半径，圆心到直线的距离小于1即可．【解答】解：圆半径为2，圆心（0，0）到直线12x﹣5y+c=0的距离小于1，即，c的取值范围是（﹣13，13）．三、解答题（8小题，共70分）17．如图，四棱锥P﹣ABCD的底面是菱形，∠ABC=60°，PA⊥底面ABCD，E，F分别是BC，PC的中点，点H在PD上，且EH⊥PD，PA=AB=2．（1）求证：EH∥平面PBA；（2）求三棱锥P﹣AFH的体积．【考点】直线与平面平行的判定；棱柱、棱锥、棱台的体积．【分析】（1）根据平面ABCD是菱形推断出AD=AB，进而根据PA=AB，推断出PA=AD，利用∠B=60°判断三角形ABC为等边三角形，同时E为中点进而可推断出∠BAE=30°，进而推断出∠EAD=90°，通过PA⊥平面ABCD，AC⊂平面ABCD，判断出PA⊥AE，则可判定△PAE≌△DAE，推断出PE=PD，根据EH⊥PD，推断出H为PD的中点，进而利用FH∥CD∥AB，根据线面平行的判定定理知FH∥平面PAB，根据E，F分别为BC，PC的中点推断EF∥AB，利用线面平行的判定定理推断出EF∥平面PAB，进而根据面面平行的判定定理知平面EFH∥平面PAB，最后利用面面平行的性质推断出EH∥平面PAB．（2）根据F，H为中点，V P﹣AFH=V P﹣ACD，则三棱锥P﹣AFH的体积可求．【解答】（1）证明：∵平面ABCD是菱形，∴AD=AB，∵PA=AB，∴PA=AD，∵AB=BC，∠B=60°，BE=EC，∴∠BAE=30°，∴∠EAD=90°，∵PA⊥平面ABCD，AC⊂平面ABCD，∴PA⊥AE，即∠PAE=90°，∴△PAE≌△DAE，∴PE=PD，∵EH⊥PD，∴H为PD的中点，∵FH∥CD∥AB，∴FH∥平面PAB，∵E，F分别为BC，PC的中点∴EF∥AB，∵AB⊂平面PAB，∴EF∥平面PAB，∵EF∩FH=H，EF⊂平面EFH，FH⊂平面EFH，∴平面EFH∥平面PAB，∵EH⊂平面EFH，∴EH∥平面PAB．（2）∵F，H为中点，∴V P﹣AFH=V P﹣ACD=•••2•2•sin60°•2=18．如图，已知一四棱锥P﹣ABCD的底面是边长为1的正方形，且侧棱PC⊥底面ABCD，且PC=2，E是侧棱PC上的动点（1）求四棱锥P﹣ABCD的体积；（2）证明：BD⊥AE．（3）求二面角P﹣BD﹣C的正切值．【考点】与二面角有关的立体几何综合题；棱柱、棱锥、棱台的体积．【分析】（1）四棱锥P﹣ABCD的体积V=，由此能求出结果．（2）连结AC，由已知条件条件出BD⊥AC，BD⊥PC，从而得到BD⊥平面PAC，不论点E在何位置，都有AE⊂平面PAC，由此能证明BD⊥AE．（3）以C为原点，CD为x轴，CB为y轴，CP为z轴，建立空间直角坐标系，利用向量法能求出二面角P﹣BD﹣C的正切值．【解答】（1）解：∵四棱锥P﹣ABCD的底面是边长为1的正方形，且侧棱PC⊥底面ABCD，PC=2，∴四棱锥P﹣ABCD的体积：V===．（2）证明：连结AC，∵ABCD是正方形，∴BD⊥AC，∵PC⊥底面ABCD，且BD⊂平面ABCD，∴BD⊥PC，∵不论点E在何位置，都有AE⊂平面PAC，∴BD⊥AE．（3）解：以C为原点，CD为x轴，CB为y轴，CP为z轴，建立空间直角坐标系，由题意知P（0，0，2），B（0，1，0），D（1，0，0），∴，，设平面PBD的法向量，则，取x=2，得，由题意知，设二面角P﹣BD﹣C的平面角为θ，则cosθ=cos＜＞==，∴tanθ=2．∴二面角P﹣BD﹣C的正切值为2．19．如图，四棱锥A﹣BCDE中，△ABC是正三角形，四边形BCDE是矩形，且平面ABC⊥平面BCDE，AB=2，AD=4．（1）若点G是AE的中点，求证：AC∥平面BDG（2）若F是线段AB的中点，求三棱锥B﹣EFC的体积．【考点】棱柱、棱锥、棱台的体积；直线与平面平行的判定．【分析】（1）设CE∩BD=O，连接OG，只需证明OG∥AC，即可证明AC∥平面BDG．（2）由三棱锥B﹣EFC的体积等于三棱锥E﹣BCF的体积，求出底面△BCF的面积，高BE=CD，即得所求．【解答】解：如图，（1）证明：设CE∩BD=O，连接OG，由三角形的中位线定理可得：OG∥AC，∵AC⊄平面BDG，OG⊂平面BDG，∴AC∥平面BDG．（2）∵平面ABC⊥平面BCDE，DC⊥BC，∴DC⊥平面ABC，∴DC⊥AC，∴；又∵F是AB的中点，△ABC是正三角形，∴CF⊥AB，∴，又平面ABC⊥平面BCDE，EB⊥BC，∴EB⊥平面BCF，∴．20．如图所示，四棱锥P﹣ABCD中，底面ABCD是边长为2的正方形，侧棱PA⊥底面ABCD，且PA=2，Q是PA的中点．（Ⅰ）证明：PC∥平面BDQ；（Ⅱ）求三棱锥Q﹣BAD的体积．【考点】直线与平面平行的判定；棱柱、棱锥、棱台的体积．【分析】（I）连接AC交BD于O，再连接OE，根据中位线定理可得到PC∥OE，再由线面平行的判定定理可证明PC∥OE，得证．（II）先根据PA⊥平面ABCD确定QA为棱锥Q﹣BAD的高，进而根据棱锥的体积公式可求出四棱锥Q﹣BAD的体积．【解答】证明：（I）连接AC交BD于O，连接OE．∵四边形ABCD是正方形，∴O是AC的中点．又∵E是PA的中点，∴PC∥OE．∵PC⊄平面BDE，OE⊂平面BDE∴PC∥平面BDE．…（II）∵侧棱PA⊥底面ABCD，且PA=2，Q是PA的中点．∴棱锥Q﹣BAD的高QA=1，又∵底面ABCD是边长为2的正方形，∴棱锥Q﹣BAD的底面面积S△BAD=2，∴．…21．如图，平面ABEF⊥平面ABC，四边形ABEF为矩形，AC=BC．O为AB的中点，OF⊥EC．（Ⅰ）求证：OE⊥FC：（Ⅱ）若=时，求二面角F﹣CE﹣B的余弦值．【考点】二面角的平面角及求法；直线与平面垂直的性质．【分析】（Ⅰ）连结OC，则OC⊥AB，从而得到OC⊥OF，进而得到OF⊥OE，由此能证明OE⊥FC．（Ⅱ）由（I）得AB=2AF．不妨设AF=1，AB=2建立空间坐标系，求出平面的法向量，利用向量法即可．【解答】（Ⅰ）证明：连结OC，∵AC=BC，O是AB的中点，故OC⊥AB．又∵平面ABC⊥平面ABEF，故OC⊥平面ABE，于是OC⊥OF．又OF⊥EC，∵OF⊥平面OEC，∴OF⊥OE，又∵OC⊥OE，∴OE⊥平面OFC，∴OE⊥FC；（Ⅱ）解：由（I）得AB=2AF．不妨设AF=1，AB=2，∵=，∴AC=，则OC=建立以O为坐标原点，OC，OB，OD分别为x，y，z轴的空间直角坐标系如图：则F（0，﹣1，1），E（0，1，1），B（0，1，0），C（，0，0），则=（﹣，1，1），=（0，﹣2，0），设平面FCE的法向量为=（x，y，z），则．∴=（1，0，），∵=（0，0，1），=（，﹣1，0），∴同理可得平面CEB的法向量为=（1，，0），∴cos＜，＞==，∵二面角F﹣CE﹣B是钝二面角，∴二面角F﹣CE﹣B的余弦值为﹣．22．已知圆C：x2+（y﹣1）2=5，直线l：mx﹣y+1﹣m=0，且直线l与圆C交于A、B两点．（1）若|AB|=，求直线l的倾斜角；（2）若点P（1，1），满足2=，求直线l的方程．【考点】直线和圆的方程的应用．【分析】（1）求出弦心距、利用点到直线的距离公式可得直线的斜率，即可求直线l的倾斜角；（2）设点A（x1，mx1﹣m+1），点B（x2，mx2﹣m+1 ），由题意2=，可得2x1+x2=3．①再把直线方程 y﹣1=m（x﹣1）代入圆C，化简可得x1+x2=②，由①②解得点A的坐标，把点A的坐标代入圆C的方程求得m的值，从而求得直线L的方程．【解答】解：（1）由于半径r=，|AB|=，∴弦心距d=，再由点到直线的距离公式可得d==，解得m=±．故直线的斜率等于±，故直线的倾斜角等于或．（2）设点A（x1，mx1﹣m+1），点B（x2，mx2﹣m+1 ），由题意2=，可得 2（1﹣x1，﹣mx1+m ）=（x2﹣1，mx2﹣m ），∴2﹣2x1=x2﹣1，即2x1+x2=3．①再把直线方程 y﹣1=m（x﹣1）代入圆C：x2+（y﹣1）2=5，化简可得（1+m2）x2﹣2m2x+m2﹣5=0，由根与系数的关系可得x1+x2=②．由①②解得x1=，故点A的坐标为（，）．把点A的坐标代入圆C的方程可得m2=1，故m=±1，故直线L的方程为x﹣y=0，或x+y﹣2=0．23．已知圆C：x2+（y﹣2）2=5，直线l：mx﹣y+1=0．（1）求证：对m∈R，直线l与圆C总有两个不同交点；（2）若圆C与直线相交于点A和点B，求弦AB的中点M的轨迹方程．【考点】直线与圆相交的性质．【分析】（1）利用直线l：mx﹣y+1=0经过定点D（0，1），而定点（0，1）在圆的内部，从而证明结论成立．（2）设中点M的坐标为（x，y），由AB⊥OM 可得三角形DCM为直角三角形，利用勾股定理求得点M的轨迹方程．【解答】解：（1）证明：∵直线l：mx﹣y+1=0经过定点D（0，1），点D到圆心（0，2）的距离等于1 小于圆的半径，故定点（0，1）在圆的内部，故直线l与圆C总有两个不同交点．（2）设中点M的坐标为（x，y），则由直线和圆相交的性质可得AB⊥CM．由于定点D（0，1）、圆心C、点M 构成直角三角形，由勾股定理得CM2+DM2=CD2，∴x2+（y﹣2）2+x2+（y﹣1）2=（2﹣1）2，2x2+2y2﹣6y+4=0，即 x2+=．此圆在圆C：x2+（y﹣2）2=5 的内部，故点M的轨迹方程为：x2+=．24．已知直线l：2x+y+2=0及圆C：x2+y2=2y．（1）求垂直于直线l且与圆C相切的直线l′的方程；（2）过直线l上的动点P作圆C的一条切线，设切点为T，求PT的最小值．【考点】直线和圆的方程的应用．【分析】第（1）问由直线l′与直线l垂直可得其斜率，再利用待定系数法结合直线与圆相切的条件列出关于待定系数的方程求解；第（2）问利用切线的性质，即切线长平方加上半径的平方等于P点到圆心距离的平方，从而把求PT的最小值转化为求动点P到圆心的距离的最小值，显然就是圆心到直线的距离最小．【解答】解：∵l：2x+y+2=0及圆C：x2+y2=2y，即x2+（y﹣1）2=1，∴圆心C（0，1），r=1，（1）∵l′⊥l，∴，设l′的方程为，即x﹣2y+2b=0，则由l′与圆C相切得，解得，所以切线方程为或．（2）如图所示，设切点为T，P是直线上任一点，则由切线的性质可知PC2=PT2+1，所以要使PT最小，只需PC最小，则当PC⊥l时，PC最小，此时PC表示C到直线l的距离，∴PC==，．。
2016-2017学年河北省保定市高一(下)期末数学试卷及答案
2016-2017学年河北省保定市高一（下）期末数学试卷一、选择题（本大题共12小题，每小题5分，共60分）1．（5分）已知等差数列{a n}中，a1＝1，d＝2，则a10＝（）A．19B．22C．23D．242．（5分）在正方体ABCD﹣A1B1C1D1中，直线A1C1与平面DBB1D1所成的角为（）A．30°B．45°C．60°D．90°3．（5分）若等比数列{a n}的前n项和S n＝3n﹣1，则其公比为（）A．﹣3B．3C．﹣1D．14．（5分）已知直线l，m，平面α，β且l⊥α，m⊂β，给出下列四个命题中，正确命题的个数为（）（1）若α∥β，则l⊥m（2）若l⊥m，则α∥β（3）若α⊥β，则l⊥m（4）若l∥m，则α⊥βA．1B．2C．3D．45．（5分）在等差数列{a n}中，若a1、a10是方程2x2+5x+1＝0的两个根，则公差d（d＞0）为（）A．B．C．D．6．（5分）不等式组的解集是（）A．{x|﹣1＜x＜1}B．{x|1＜x≤3}C．{x|﹣1＜x≤0}D．{x|x≥3或x＜1} 7．（5分）若直线x+y＝0与圆x2+（y﹣a）2＝1相切，则a的值为（）A．1B．±1C．D．±8．（5分）若变量x，y满足则目标函数z＝2x+y的最小值为（）A．1B．2C．3D．49．（5分）已知等比数列{a n}满足a1＝3，且3a1，2a2，a3成等差数列，则公比等于（）A．1或3B．1或9C．3D．910．（5分）如图，两个正方形ABCD和ADEF所在平面互相垂直，设M、N分别是BD和AE的中点，那么①AD⊥MN；②MN∥平面CDE；③MN∥CE；④MN、CE异面．其中假命题的个数为（）A．4B．3C．2D．111．（5分）设三棱柱的侧棱垂直于底面，所有棱的长都为3，顶点都在同一个球面上，则该球的表面积为（）A．2πB．πC．21πD．23π12．（5分）定义：在数列{a n}中，若a n2﹣a n﹣12＝p，（n≥2，n∈N*，p为常数），则称{a n}为“等方差数列”，下列是对“等方差数列”的有关判断：①若{a n}是“等方差数列”，则数列{}是等差数列；②{（﹣2）n}是“等方差数列”；③若{a n}是“等方差数列”，则数列{a kn}（k∈N*，k为常数）也是“等方差数列”；④若{a n}既是“等方差数列”，又是等差数列，则该数列是常数数列．其中正确命题的个数为（）A．1B．2C．3D．4二、填空题（本大题共4小题，每小题5分，共20分）13．（5分）已知直线l1：x+my﹣2＝0，l2：mx+y+1＝0，若l1⊥l2，则m＝．14．（5分）在圆x2+y2﹣2x﹣6y＝0内，过点E（0，1）的最长弦和最短弦之积为．15．（5分）一个几何体的三视如图所示，其中正视图和侧视图均为腰长为2的等腰直角三角形，则用个这样的几何体可以拼成一个棱长为2的正方体．16．（5分）已知数列{a n}满足a1＝3，a n﹣1a n a n+1＝3（n≥2），T n＝a1a2…a n，则log3T2017＝．三、解答题（本大题共6小题，共70分）17．（10分）若不等式ax2﹣bx+c＞0的解集为{x|﹣2＜x＜3}，求不等式cx2﹣bx﹣a＜0的解集．18．（12分）已知△ABC中，内角A，B，C依次成等差数列，其对边分别为a，b，c，且b ＝a sin B．（1）求内角C；（2）若b＝2，求△ABC的面积．19．（12分）已知直线l经过点M（﹣3，﹣3），且圆x2+y2+4y﹣21＝0的圆心到l的距离为．（1）求直线l被该圆所截得的弦长；（2）求直线l的方程．20．（12分）设数列{a n}的前n项和为S n，且S n+a n＝1，数列{b n}为等差数列，且b1+b2＝b3＝3．（1）求S n；（2）求数列（a n b n）的前n项和T n．21．（12分）为了培养学生的数学建模和应用能力，某校组织了一次实地测量活动，如图，假设待测量的树木AE的高度H（m），垂直放置的标杆BC的高度h＝4m，仰角∠ABE＝α，∠ADE＝β（D，C，E三点共线），试根据上述测量方案，回答如下问题：（1）若测得α＝60°、β＝30°，试求H的值；（2）经过分析若干次测得的数据后，大家一致认为适当调整标杆到树木的距离d（单位：m），使α与β之差较大时，可以提高测量精确度．若树木的实际高度为8m，试问d为多少时，α﹣β最大？22．（12分）如图，正方体ABCD﹣A1B1C1D1中，M，N分别为AB，BC的中点．（1）求证：平面B1MN⊥平面BB1D1D；（2）当点P在DD1上运动时，是否都有MN∥平面A1C1P，证明你的结论；（3）若P是D1D的中点，试判断PB与平面B1MN是否垂直？请说明理由．2016-2017学年河北省保定市高一（下）期末数学试卷参考答案与试题解析一、选择题（本大题共12小题，每小题5分，共60分）1．【考点】84：等差数列的通项公式．【解答】解：∵等差数列{a n}中，a1＝1，d＝2，∴a10＝a1+9d＝1+18＝19．故选：A．【点评】本题考查等差数列的第10项的求法，是基础题，解题时要认真审题，注意等差数列的性质的合理运用．2．【考点】MI：直线与平面所成的角．【解答】解：正方体ABCD﹣A1B1C1D1中，直线A1C1⊥B1D1，A1C1⊥DD1，B1D1∩DD1＝D1，所以直线A1C1⊥平面DBB1D1所以直线A1C1与平面DBB1D1所成的角为：90°．故选：D．【点评】本题考查直线与平面所成角的求法，是基础题．3．【考点】89：等比数列的前n项和．【解答】解：等比数列{a n}的前n项和S n＝3n﹣1，可得a1＝2，S2＝32﹣1＝8，则a2＝6．q＝＝3．故选：B．【点评】本题考查等比数列的应用，公比的求法，是基础题．4．【考点】LQ：平面与平面之间的位置关系．【解答】解：（1）若α∥β，由已知，得l⊥m，是正确的；（2）若l⊥m，由已知不能得出l⊥β，故不能得出α∥β，所以该命题是错误的；（3）若α⊥β，由已知l⊥α，得l，β平行，或l在β内，故不能得出l⊥m，所以该命题也是错误的；（4）若l∥m，由已知l⊥α，∴m⊥α，又m⊂β，∴α⊥β；是正确的．故选：B．【点评】本题主要利用几何符号语言，考查了空间中的线线，线面，面面之间的平行与垂直关系，是基础题．5．【考点】84：等差数列的通项公式．【解答】解：在等差数列{a n}中，∵a1、a10是方程2x2+5x+1＝0的两个根，公差d（d＞0），∴a1＜a10，解方程2x2+5x+1＝0，得，．∴d＝＝＝．故选：A．【点评】本题考查等差数列的公差的求法，是基础题，解题时要认真审题，注意等差数列的性质的合理运用．6．【考点】73：一元二次不等式及其应用．【解答】解析：原不等式相当于不等式组不等式①的解集为{x|﹣1＜x＜1}，不等式②的解集为{x|x＜0或x＞3}．因此原不等式的解集为{x|x＜0或x＞3}∩{x|﹣1＜x＜1}＝{x|﹣1＜x≤0}故答案为{x|﹣1＜x≤0}故选：C．【点评】本小题主要考查不等关系与不等式应用、一元二次不等式的解法、集合的运算等基础知识，考查运算求解能力．属于基础题．7．【考点】J7：圆的切线方程．【解答】解：圆x2+（y﹣a）2＝1的圆心坐标为（0，a），半径为1，∵直线x+y＝0与圆x2+（y﹣a）2＝1相切，∴圆心（0，a）到直线的距离d＝r，即＝1，解得：a＝．故选：D．【点评】本题考查了直线与圆的位置关系，当直线与圆相切时，圆心到直线的距离等于圆的半径，熟练掌握此性质是解本题的关键．8．【考点】7C：简单线性规划．【解答】解：作平面区域如下，，目标函数z＝2x+y可化为y＝﹣2x+z，结合图象可知，当过点A（1，1）时，有最小值，即目标函数z＝2x+y的最小值为2+1＝3，故选：C．【点评】本题考查了数形结合的思想应用及线性规划．考查计算能力．9．【考点】88：等比数列的通项公式．【解答】解：等比数列{a n}的公比设为q，a1＝3，且3a1，2a2，a3成等差数列，可得4a2＝3a1+a3，即为4a1q＝3a1+a1q2，可得q2﹣4q+3＝0，解得q＝1或3，故选：A．【点评】本题考查等比数列的通项公式和等差数列中项的性质，考查运算能力，属于基础题．10．【考点】2K：命题的真假判断与应用．【解答】解：∵两个正方形ABCD和ADEF所在平面互相垂直，M、N分别是BD和AE 的中点，取AD的中点G，连接MG，NG，易得AD⊥平面MNG，进而得到AD⊥MN，故①正确；连接AC，CE，根据三角形中位线定理，可得MN∥CE，由线面平行的判定定理，可得②MN∥面CDE及③MN∥CE正确，④MN、CE错误；∴其中假命题的个数为：1故选：D【点评】本题考查了平面与平面垂直的性质，直线与平面垂直的判定及直线与平面平行的判定，熟练掌握空间直线与平面平行及垂直的判定及性质是解答本题的关键．属于中档题．11．【考点】LG：球的体积和表面积．【解答】解：由题意，三棱柱的侧棱垂直于底面，即是直三棱柱外接球，球心在棱的长的中点上，底面是正三角形，∴正三角形的外接圆的r＝．球心到圆心的距离为∴球心R＝＝，该球的表面积S＝4πR2＝21π．故选：C．【点评】本题考查球的表面积的求法，是中档题，解题时要认真审题，注意空间思维能力的培养．12．【考点】8H：数列递推式．【解答】解：根据题意，依次分析四个判断：①、若{a n}是“等方差数列”，假设a n＝，则＝，不是等差数列，则①错误；②：对数列{（﹣2）n}有a n2﹣a n﹣12＝[（﹣2）n]2﹣[（﹣2）n﹣1]2＝4n﹣4n﹣1不是常数，所以②错误③：对数列{a kn}有a kn2﹣a k（n﹣1）2＝（a kn2﹣a kn﹣12）+（a kn﹣12﹣a kn﹣22）+…+（a kn﹣k+12﹣a kn﹣k2）＝kp，而k，p均为常数，所以数列{a kn}也是“等方差数列”，所以③正确④：设数列{a n}首项a1，公差为d则有a2＝a1+d，a3＝a1+2d，所以有（a1+d）2﹣a12＝p，且（a1+2d）2﹣（a1+d）2＝p，所以得d2+2a1d＝p，3d2+2a1d＝p，上两式相减得d＝0，所以此数列为常数数列，所以④正确．有2个正确；故选：B．【点评】本题主要考查了数列的应用，解题的关键是对新定义“等方差数列”的理解．二、填空题（本大题共4小题，每小题5分，共20分）13．【考点】IJ：直线的一般式方程与直线的垂直关系．【解答】解：若m＝0，则直线垂直，若m≠0，则﹣•（﹣m）＝1，直线不垂直，故m＝0，故答案为：0．【点评】本题考查了直线的位置关系，考查分类讨论思想，是一道基础题．14．【考点】J2：圆的一般方程．【解答】解：把圆的方程化为标准方程得：（x﹣1）2+（y﹣3）2＝10，则圆心坐标为（1，3），半径为，根据题意画出图象，如图所示：由图象可知：过点E最长的弦为直径AC，最短的弦为过E与直径AC垂直的弦，则AC ＝2，MB＝，ME＝＝，所以BD＝2BE＝2＝2．AC•BD═2＝20．给答案为：20．【点评】此题考查学生掌握垂径定理及勾股定理的应用，灵活运用两点间的距离公式化简求值，是一道中档题．15．【考点】L8：由三视图还原实物图．【解答】解：由三视图可知，几何体为底面是正方形的四棱锥，所以V＝×2×2×2＝，由于边长为2的正方体V＝8，所以用3个这样的几何体可以拼成一个棱长为2的正方体．故答案为：3．【点评】本题是基础题，考查三视图与几何体的关系，空间想象能力，逻辑思维能力，常考题型．16．【考点】8H：数列递推式．【解答】解：数列{a n}满足a1＝3，a n﹣1a n a n+1＝3（n≥2），可得连续三项的积为3，即有log3T2017＝log3（a1•（a2a3a4…a2015a2016a2017））＝log3（3•3672）＝log3（3673）＝673．故答案为：673．【点评】本题考查数列的前n项积的求法，考查对数的运算性质，运用连续三项的积为3，是解题的关键，属于中档题．三、解答题（本大题共6小题，共70分）17．【考点】73：一元二次不等式及其应用．【解答】解：根据题意，若不等式ax2﹣bx+c＞0的解集为{x|﹣2＜x＜3}，则﹣2，3是对应方程ax2+bx+c＝0的两个根，且a＜0，则有，解可得b＝﹣a，c＝﹣6a，则不等式cx2+bx+a＞0等价为﹣6ax2﹣ax+a＞0，又由a＜0，则有6x2+x﹣1＞0，即（2x+1）（3x﹣1）＞0，解可得x＞或x＜﹣，故不等式cx2﹣bx﹣a＜0的解集为{x|x＞或x＜﹣}．【点评】本题主要考查了一元二次不等式的求解，注意分析a的取值范围．18．【考点】HT：三角形中的几何计算．【解答】解：（1）由题意，A，B，C依次成等差数列，根据三角内角和定理可得B＝60°，∵b＝a sin B．由正弦定理：sin B＝sin A sin B得：sin A＝，∴A＝45°．故得C＝180°﹣60°﹣45°＝75°．（2）∵b＝2，B＝60°，C＝75°．正弦定理：可得：c＝．∴△ABC的面积S＝bc sin A＝．【点评】本题考查了正弦定理和三角形内角和定理的运用和计算能力，属于基础题．19．【考点】J9：直线与圆的位置关系．【解答】解：（1）圆x2+y2+4y﹣21＝0，可知圆心为（0，﹣2），r＝5．圆心到l的距离为d＝，∴弦长L＝＝2＝4．（2）直线l经过点M（﹣3，﹣3），当k不存在时，可得直线方程为x＝﹣3，此时截得的弦长为4，与题设不符．∴k存在，此时可得直线方程为y+3＝k（x+3），即kx﹣y+3k﹣3＝0．圆心到l的距离为．即，解得：k＝或k＝2．∴直线l的方程为2x﹣y+3＝0或x+2y+9＝0．【点评】本题主要考查直线和圆的位置关系的判断，根据直线和圆相切的等价条件是解决本题的关键．20．【考点】8E：数列的求和．【解答】解：（1）数列{a n}的前n项和为S n，且S n+a n＝1，①当n＝1时，有a1＝S1，可得2a1＝1，即a1＝；当n≥2时，S n﹣1+a n﹣1＝1，②①﹣②可得S n﹣S n﹣1+a n﹣a n﹣1＝0，2a n＝a n﹣1，可得{a n}为首项为，公比为的等比数列，即有a n＝（）n，n∈N*，数列{b n}为公差为d的等差数列，且b1+b2＝b3＝3，可得2b1+d＝b1+2d＝3，解得b1＝d＝1，则b n＝1+n﹣1＝n，n∈N*；（2）a n b n＝n•（）n，前n项和T n＝1•（）+2•（）2+3•（）3+…+（n﹣1）•（）n﹣1+n•（）n，T n＝1•（）2+2•（）3+3•（）4+…+（n﹣1）•（）n+n•（）n+1，上面两式相减可得，T n＝（）+（）2+（）3+…+（）n﹣1+（）n﹣n•（）n+1＝﹣n•（）n+1，化简可得，T n＝2﹣（n+2）•（）n．【点评】本题考查等差数列和等比数列的定义、通项公式和求和公式的运用，考查数列的求和方法：错位相减法，考查运算能力，属于中档题．21．【考点】HU：解三角形．【解答】解：（1）在Rt△ABE中可得AD＝，在Rt△ADE中可得AB＝，BD＝，由AD﹣AB＝DB，故得，得：H＝＝＝6．因此，算出的树木的高度H是6m．（2）由题设知d＝AB，得tanα＝，tanβ＝＝＝，tan（α﹣β）＝＝＝＝＝，（当且仅当d＝）时，取等号）故当H＝8时，d＝4，tan（α﹣β）最大．因为0＜β＜α＜，则0＜α﹣β＜，所以当d＝4时，α﹣β最大．【点评】本题主要考查解三角形的知识、两角差的正切及不等式的应用．当涉及最值问题时，可考虑用不等式的性质来解决．22．【考点】LS：直线与平面平行；LW：直线与平面垂直；L Y：平面与平面垂直．【解答】（1）证明：连接AC，则AC⊥BD，又M，N分别是AB，BC的中点，∴MN∥AC，∴MN⊥BD．∵ABCD﹣A1B1C1D1是正方体，∴BB1⊥平面ABCD，∵MN⊂平面ABCD，∴BB1⊥MN，∵BD∩BB1＝B，∴MN⊥平面BB1D1D，∵MN⊂平面B1MN，∴平面B1MN⊥平面BB1D1D．（2）当点P在DD1上移动时，都有MN∥平面A1C1P．证明如下：在正方体ABCD﹣A1B1C1D1中，AA1＝CC1，AA1∥CC1∴四边形AA1C1C是平行四边形，∴AC∥A1C1由（1）知MN∥AC，∴MN∥A1C1又∵MN⊄面A1C1P，A1C1⊂平面A1C1P，∴MN∥平面A1C1P；（3）证明：过点P作PE⊥AA1，则PE∥DA，连接BE，∵DA⊥平面ABB1A1，∴PE⊥平面ABB1A1，即PE⊥B1M，又∵BE⊥B1M，∴B1M⊥平面PEB，∴PB⊥MB1，由（1）中MN⊥平面DD1B1B，得PB⊥MN，所以PB⊥平面MNB1．【点评】本题考查的知识点是平面与平面垂直的判定，直线与平面平行的性质，其中熟练掌握空间线面关系的判定、性质、定义，建立良好的空间想像能力是解答此类问题的关键．。
河北省保定市定州中学承智班2016-2017学年高一下册数学期末考试试卷(解析版)
河北省保定市定州中学承智班2016-2017学年高一下册数学期末考试试卷(解析版)一.选择题1.已知点（﹣3，﹣1）和（4，﹣6）在直线3x﹣2y﹣a=0的两侧，则实数a的取值范围为（）A. （﹣24，7）B. （﹣∞，﹣24）∪（7，+∞）C. （﹣7，24）D. （﹣∞，﹣7）∪（24，+∞）2.设α、β为不重合的平面，m，n为不重合的直线，则下列命题正确的是（）A. 若m∥α，n∥β，m⊥n，则α⊥βB. 若m∥n，n∥α，α∥β，则m∥βC. 若α⊥β，α∩β=n，m⊥n，则m⊥αD. 若α∩β=n，m∥α，m∥β，则m∥n3.如图，网格纸上校正方形的边长为1，粗线画出的某几何体的三视图，其中俯视图的右边为一个半圆，则此几何体的体积为（）A. 16+4πB. 16+2πC. 48+4πD. 48+2π4.如图画的某几何体的三视图，网格纸上小正方形的边长为1，则该几何体的体积为（）A. 48﹣πB. 96﹣πC. 48﹣2πD. 96﹣2π5.直线mx+ y﹣1=0在y轴上的截距是﹣1，且它的倾斜角是直线=0的倾斜角的2倍，则（）A. m=﹣，n=﹣2B. m= ，n=2C. m= ，n=﹣2D. m=﹣，n=26.若直线与直线2x+3y﹣6=0的交点位于第一象限，则直线l的倾斜角的取值范围（）A. B. C. D.7.如图，在三棱锥S﹣ABC中，M、N分别是棱SC、BC的中点，且MN⊥AM，若AB=2 ，则此正三棱锥外接球的体积是（）A. 12πB. 4 πC. πD. 12 π8.已知某个几何体的三视图如图所示，根据图中标出的尺寸（单位：cm），可得这个几何体的体积是（）A. cm3B. cm3C. 2cm3D. 4cm39.某四棱锥的三视图如图所示，该四棱锥外接球的体积为（）A. B. C. D.10.若过点M（1，1）的直线l与圆（x﹣2）2+y2=4相较于两点A，B，且M为弦的中点AB，则|AB|为（）A. B. 4 C. D. 211.关于空间直角坐标系O﹣xyz中的一点P（1，2，3），有下列说法：①点P到坐标原点的距离为；②OP的中点坐标为（）；③点P关于x轴对称的点的坐标为（﹣1，﹣2，﹣3）；④点P关于坐标原点对称的点的坐标为（1，2，﹣3）；⑤点P关于坐标平面xOy对称的点的坐标为（1，2，﹣3）．其中正确的个数是（）A. 2B. 3C. 4D. 512.若三棱锥P﹣ABC中，AB=AC=1，AB⊥AC，PA⊥平面ABC，且直线PA与平面PBC所成角的正切值为，则三棱锥P﹣ABC的外接球的表面积为（）A. 4πB. 8πC. 16πD. 32π二.填空题13.若正三棱柱的所有棱长均为a，且其体积为16 ，则a=________．14.在正方体ABCD﹣A1B1C1D1中，AD1与BD所成的角是________．15.已知一个多面体的三视图如图示：其中正视图与侧视图都是边长为1的等腰直角三角形，俯视图是边长为1的正方形，若该多面体的顶点都在同一个球面上，则该球的表面积为________．16.如果曲线2|x|﹣y﹣4=0与曲线x2+λy2=4（λ＜0）恰好有两个不同的公共点，则实数λ的取值范围是________．三.解答题17.曲线C：ρ2﹣2ρcosθ﹣8=0 曲线E：（t是参数）（1）求曲线C的普通方程，并指出它是什么曲线．（2）当k变化时指出曲线K是什么曲线以及它恒过的定点并求曲线E截曲线C所得弦长的最小值．18.如图，在多面体ABCDE中，DB⊥平面ABC，AE∥DB，且△ABC是边长为2的等边三角形，AE=1，CD与平面ABDE所成角的正弦值为．（1）若F是线段CD的中点，证明：EF⊥面DBC；（2）求二面角D﹣EC﹣B的平面角的余弦值．19.如图所示，抛物线C：x2=2py（p＞0），其焦点为F，C上的一点M（4，m）满足|MF|=4．（1）求抛物线C的标准方程；（2）过点E（﹣1，0）作不经过原点的两条直线EA，EB分别与抛物线C和圆F：x2+（y﹣2）2=4相切于点A，B，试判断直线AB是否经过焦点F．答案解析部分一.<b >选择题</b>1.【答案】C【考点】直线的斜率【解析】【解答】解：∵点（﹣3，﹣1）和（4，﹣6）在直线3x﹣2y﹣a=0的两侧，∴（﹣9+2﹣a）（12+12﹣a）＜0，化为（a+7）（a﹣24）＜0，解得﹣7＜a＜24．故答案为：C．【分析】根据题意可知，把两个点代入直线方程可得（﹣9+2﹣a）（12+12﹣a）＜0，解出a的值即可。
2016学年河北省保定市定州市高一下学期期末数学试卷及参考答案(文科)
2015-2016学年河北省保定市定州市高一（下）期末数学试卷（文科）一、选择题：本大题共12小题，每小题5分，共60分，在每个小题给出的四个选项中，只有一个符合题目要求的.1．（5分）不等式x2﹣1＜0的解集为（）A．[0，1]B．（﹣1，1）C．（﹣∞，﹣1）D．（1，+∞）2．（5分）直线x﹣y+3=0的倾斜角为（）A．150°B．60°C．45°D．30°3．（5分）已知正方体的棱长为1，则其外接球的表面积为（）A．3πB．πC．πD．4．（5分）若等比数列{a n}中，a2a8=1，则a5=（）A．2 B．±1 C．1 D．﹣15．（5分）若直线x+ay﹣1=0与4x﹣2y+3=0垂直，则实数a的值为（）A．2 B．﹣2 C．﹣1 D．﹣6．（5分）在△ABC中，B=60°，BC=，AC=，则角A等于（）A．45°B．135°C．45°或135°D．15°7．（5分）已知α，β，γ是两两不重合的三个平面，下列命题中真命题的个数为（）①若α∥β，β∥γ，则α∥γ；②若α∥β，α∩γ=a，β∩γ=b，则a∥b；③若α∥β，β⊥γ，则α⊥γ；④若α⊥β，β⊥γ，则α⊥γA．0 B．1 C．2 D．38．（5分）若不等式ax2﹣ax+1＞0的解集为R，则a的取值区间为（）A．（﹣4，0]B．（﹣4，4）C．[0，4） D．（0，4）9．（5分）设x，y满足约束条件，则x+2y的最大值为（）A．2 B．2 C．3 D．410．（5分）当直线（sin2α）x+（2cos2α）y﹣1=0（0＜α＜）与两坐标轴围成的三角形面积最小时，α等于（）A．正切值为的一个锐角 B．C．D．11．（5分）图为一个几何体的三视图，尺寸如图所示，则该几何体的体积为（）A．B．C．D．12．（5分）在△ABC中，内角A，B，C所对的边分别为a，b，c，若b2+c2=2，则△ABC的面积的最大值为（）A．B．C．D．1二、填空题：本大题共4个小题，每小题5分.、共20分.13．（5分）设S n为等差数列{a n}的前n项和，若S8=4a3，则a6=．14．（5分）用一个平行于圆锥底面的平面截该圆锥，截得圆台的上、下底面半径之比是1：4，截去的小圆锥的母线长是3cm，则圆台的母线长cm．15．（5分）已知直线l经过直线2x+y﹣5=0与x﹣2y=0的交点，且点A（5，0）到l的距离为1，则直线l的方程为．16．（5分）已知数列{a n}中，前n项和为S n，a2+a3=5，且S n=a n+，则S10=．三、解答题：本大题共6小题，共70分，解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.17．（10分）关于x的不等式组有实数解，求实数a的取值范围．18．（12分）如图△ABC中，点D在BC边上，且AD⊥AC，AD=AC=，∠BAD=30°．（1）求AB的长；（2）求△ABC的面积．19．（12分）已知在平面直角坐标系内，△ABC的三个顶点的坐标分别为A（2，5），B（6，﹣1），C（9，1）．（1）求AC边上的中线所在的直线方程；（2）求证：∠B=90°．20．（12分）在△ABC中，a，b，c分别为内角A、B、C的对边，且2asinA=（2b ﹣c）sinB+（2c﹣b）sinC．（Ⅰ）求角A的大小；（Ⅱ）若sinB+sinC=，试判断△ABC的形状．21．（12分）已知{a n}是等差数列，{b n}是等比数列，S n为数列{a n}的前n项和，a1=b1=1，且b3S3=36，b2S2=8（n∈N*）．（1）求数列{a n}和{b n}的通项公式；（2）求数列{a n+b n}的前n项和T n．22．（12分）如图，正方形ABCD的边长为2，四边形BDEF是平行四边形，BD与AC交于点G，O为GC的中点，且FO⊥平面ABCD，FO=．（1）求BF与平面ABCD所成的角的正切值；（2）求证：FC∥平面ADE；（3）求三棱锥O﹣ADE的体积．2015-2016学年河北省保定市定州市高一（下）期末数学试卷（文科）参考答案与试题解析一、选择题：本大题共12小题，每小题5分，共60分，在每个小题给出的四个选项中，只有一个符合题目要求的.1．（5分）不等式x2﹣1＜0的解集为（）A．[0，1]B．（﹣1，1）C．（﹣∞，﹣1）D．（1，+∞）【解答】解：不等式x2﹣1＜0可化为（x﹣1）（x+1）＜0，解得﹣1＜x＜1；所以该不等式的解集为（﹣1，1）．故选：B．2．（5分）直线x﹣y+3=0的倾斜角为（）A．150°B．60°C．45°D．30°【解答】解：直线x﹣y+3=0，即y=x+，故直线的斜率等于，设直线的倾斜角等于α，∵0°≤α＜180°，∴tanα=，∴α=30°，故选：D．3．（5分）已知正方体的棱长为1，则其外接球的表面积为（）A．3πB．πC．πD．【解答】解：正方体的体对角线的长度，就是外接圆的直径，因为正方体的棱长是1，所以2r=，r=．所以外接球的表面积为：4π=3π．故选：A．4．（5分）若等比数列{a n}中，a2a8=1，则a5=（）A．2 B．±1 C．1 D．﹣1【解答】解：由等比数列的性质可得：a2a8==1，解得a5=±1．故选：B．5．（5分）若直线x+ay﹣1=0与4x﹣2y+3=0垂直，则实数a的值为（）A．2 B．﹣2 C．﹣1 D．﹣【解答】解：∵直线x+ay﹣1=0与4x﹣2y+3=0垂直，∴4﹣2a=0，解得a=2．故选：A．6．（5分）在△ABC中，B=60°，BC=，AC=，则角A等于（）A．45°B．135°C．45°或135°D．15°【解答】解：∵B=60°，BC=，AC=，∴由正弦定理可得：sinA===，∵BC＜AC，可得A＜B，∴A=45°，故选：A．7．（5分）已知α，β，γ是两两不重合的三个平面，下列命题中真命题的个数为（）①若α∥β，β∥γ，则α∥γ；②若α∥β，α∩γ=a，β∩γ=b，则a∥b；③若α∥β，β⊥γ，则α⊥γ；④若α⊥β，β⊥γ，则α⊥γA．0 B．1 C．2 D．3【解答】解：根据平行于同一平面的两个平面平行，可知①正确；由面面平行的性质定理：若两平面平行，第三个平面与他们都相交，则交线平行，可判断若α∥β，α∩γ=a，β∩γ=b则a∥b为真命题，即②正确；若α∥β，β⊥γ，根据平面与平面垂直的定义，可得α⊥γ，即③正确；当α⊥β，β⊥γ时，α与γ可能平行与可能垂直，即④不正确．故选：D．8．（5分）若不等式ax2﹣ax+1＞0的解集为R，则a的取值区间为（）A．（﹣4，0]B．（﹣4，4）C．[0，4） D．（0，4）【解答】解：a≠0时，由题意得，即，解得0＜a＜4；a=0时，恒有1＞0，不等式也成立；综上，a的取值范围是[0，4）．故选：C．9．（5分）设x，y满足约束条件，则x+2y的最大值为（）A．2 B．2 C．3 D．4【解答】解：作出不等式组对应的平面区域如图：（阴影部分）．设z=x+2y得y=﹣x+z，平移直线y=﹣x+z由图象可知当直线y=﹣x+z和x+2y=4重合时，直线y=﹣x+z的截距最大，此时z最大．最大为4，故选：D．10．（5分）当直线（sin2α）x+（2cos2α）y﹣1=0（0＜α＜）与两坐标轴围成的三角形面积最小时，α等于（）A．正切值为的一个锐角 B．C．D．【解答】解：由题意得，（sin2α）x+（2cos2α）y﹣1=0（0＜α＜），令x=0得，y=；令y=0得，x=，∴直线与两坐标轴围成的三角形面积S==，∵0＜α＜，∴0＜2α＜π，则sin2α的最大值是1，此时2α=，即，三角形的面积S=取到最小值是1，故选：C．11．（5分）图为一个几何体的三视图，尺寸如图所示，则该几何体的体积为（）A．B．C．D．【解答】解：由图中数据，下部的正三棱柱的高是3，底面是一个正三角形，其边长为2，高为，故其体积为上部的球体直径为1，故其半径为，其体积为故组合体的体积是故选：C．12．（5分）在△ABC中，内角A，B，C所对的边分别为a，b，c，若b2+c2=2，则△ABC的面积的最大值为（）A．B．C．D．1【解答】解：∵sinA≤1，（当且仅当A=时，等号成立），∴S=bcsinA≤bc，（当且仅当A=时，等号成立），△ABC又∵b2+c2=2≥2bc，可得：bc≤1，（当且仅当b=c时，等号成立）∴当b=c，A=时，S≤．△ABC则△ABC的面积的最大值为．故选：B．二、填空题：本大题共4个小题，每小题5分.、共20分.13．（5分）设S n为等差数列{a n}的前n项和，若S8=4a3，则a6=0．【解答】解：∵S n为等差数列{a n}的前n项和，S8=4a3，∴，解得4a1+20d=0，∴a6=a1+5d=0．故答案为：0．14．（5分）用一个平行于圆锥底面的平面截该圆锥，截得圆台的上、下底面半径之比是1：4，截去的小圆锥的母线长是3cm，则圆台的母线长9cm．【解答】解：如图，设圆台的母线长为y，小圆锥底面与被截的圆锥底面半径分别是x、4x，根据相似三角形的性质得．解此方程得y=9．所以圆台的母线长为9cm．15．（5分）已知直线l经过直线2x+y﹣5=0与x﹣2y=0的交点，且点A（5，0）到l的距离为1，则直线l的方程为3x+4y﹣10=0或y=1．【解答】解：直线2x+y﹣5=0与x﹣2y=0联解，得交点坐标为（2，1），①当直线l与x轴垂直时，方程x=2，满足点A（5，0）到l的距离为3，不满足；②当直线l与不x轴垂直时，设方程为y﹣1=k（x﹣2），即kx﹣y﹣2k+1∵点A（5，0）到l的距离为1，∴=1，解之得k=﹣或0，此时直线l的方程为y﹣1=﹣（x﹣2）或y=1，化简得3x+4y﹣10=0或y=1；故答案为：3x+4y﹣10=0或y=1．16．（5分）已知数列{a n}中，前n项和为S n，a2+a3=5，且S n=a n+，则S10=55．【解答】解：∵S n=a n+，∴当n≥2时，，∴，化为（n﹣2）a n﹣（n﹣1）a n﹣1+1=0，又（n﹣1）a n+1﹣na n+1=0，∴（n﹣1）a n+1﹣2（n﹣1）a n+（n﹣1）a n﹣1=0，∴a n+1+a n﹣1=2a n．∴数列{a n}是等差数列，∵S n=a n+，取n=1，可得，a1=1，取n=3，可得1+a2+a3=+，又a2+a3=5，解得，a2=2，a3=3．∴等差数列{a n}的首项为1，公差为1，∴a n=n．则，∴S10==55．故答案为：55．三、解答题：本大题共6小题，共70分，解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.17．（10分）关于x的不等式组有实数解，求实数a的取值范围．【解答】解：由x﹣1＞a2得x＞1+a2，由x﹣4＜2a得x＜4+2a，若要原不等式组有解，则1+a2＜4+2a，解之可得﹣1＜a＜3，即实数a的取值范围是﹣1＜a＜318．（12分）如图△ABC中，点D在BC边上，且AD⊥AC，AD=AC=，∠BAD=30°．（1）求AB的长；（2）求△ABC的面积．【解答】解：（1）∵AD=AC，AD⊥AC，∴∠ADC=45°∵∠BAD=30°，∴∠ABD=15°…（3分）在△ABD中，得AB=…（7分）（2）△ABC的面积S==…（12分）19．（12分）已知在平面直角坐标系内，△ABC的三个顶点的坐标分别为A（2，5），B（6，﹣1），C（9，1）．（1）求AC边上的中线所在的直线方程；（2）求证：∠B=90°．【解答】（1）解：∵A（2，5），C（9，1），∴AC边的中点坐标为．由直线方程的两点式得，即8x+y﹣47=0．（2）证明：∵，∴k AB•k BC=﹣1．∴∠B=90°．20．（12分）在△ABC中，a，b，c分别为内角A、B、C的对边，且2asinA=（2b ﹣c）sinB+（2c﹣b）sinC．（Ⅰ）求角A的大小；（Ⅱ）若sinB+sinC=，试判断△ABC的形状．【解答】解：（Ⅰ）由2asinA=（2b﹣c）sinB+（2c﹣b）sinC，利用正弦定理化简得：2a2=（2b﹣c）b+（2c﹣b）c，…（2分）整理得：bc=b2+c2﹣a2，∴cosA==，…（4分）又A为三角形的内角，则A=60°；…（5分）（Ⅱ）∵A+B+C=180°，A=60°，∴B+C=180°﹣60°=120°，即C=120°﹣B，…（6分）代入sinB+sinC=得：sinB+sin（120°﹣B）=，…（7分）∴sinB+sin120°cosB﹣cos120°sinB=，…（8分）∴sinB+cosB=，即sin（B+30°）=1，…（10分）∴0＜B＜120°，∴30°＜B+30°＜150°，∴B+30°=90°，即B=60°，…（11分）∴A=B=C=60°，则△ABC为等边三角形．…（12分）．21．（12分）已知{a n}是等差数列，{b n}是等比数列，S n为数列{a n}的前n项和，a1=b1=1，且b3S3=36，b2S2=8（n∈N*）．（1）求数列{a n}和{b n}的通项公式；（2）求数列{a n+b n}的前n项和T n．【解答】解：（1）设{a n}是公差为d的等差数列，{b n}是公比为q的等比数列．由题意⇒或，所以a n=2n﹣1，b n=2n﹣1或，b n=6n﹣1；（2）①若，则为S n=，数列{b n}的前n项和为，所以数列{a n+b n}的前n项和T n=n2+2n﹣1；②若则数列{a n}的前n项和为S n=，数列{b n}的前n项和为，所以数列{a n+b n}的前n项和T n=．22．（12分）如图，正方形ABCD的边长为2，四边形BDEF是平行四边形，BD与AC交于点G，O为GC的中点，且FO⊥平面ABCD，FO=．（1）求BF与平面ABCD所成的角的正切值；（2）求证：FC∥平面ADE；（3）求三棱锥O﹣ADE的体积．【解答】（1）解：连接BO，因为正方形ABCD的边长为，所以BD⊥AC，且DB=AC=4，又O 为GC 的中点，所以GO=1，GB=2，BO=…（2分）又FO ⊥平面ABCD ，且，所以∠FBO 即为BF 与平面ABCD 所成的角 所以，tan ∠FBO=…（4分）（2）证明：由正方形ABCD 知BC ∥AD ，所以BC ∥平面ADE ， 又由平行四边形BDEF 知 BF ∥DE ，所以BF ∥平面ADE ，…（6分） 因为BC ∩BF=B ，所以平面BCF ∥平面ADE ，而FC ⊂平面BCF ，所以FC ∥平面ADE ．﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣（8分）（3）解：由上知，AO=3，所以S △ADO ===3﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣（9分）又BDEF 是平行四边形，且FO ⊥平面ABCD ，，所以三棱锥E ﹣ADO 的高为所以V O ﹣ADE =V E ﹣ADO ==﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣（12分）赠送：初中数学几何模型举例【模型四】 几何最值模型： 图形特征：P ABl运用举例：1. △ABC 中，AB =6，AC =8，BC =10，P 为边BC 上一动点，PE ⊥AB 于E ，PF ⊥AC 于F ，M 为AP 的中点，则MF 的最小值为B2.如图，在边长为6的菱形ABCD 中，∠BAD ＝60°，E 为AB 的中点，F 为AC 上一动点，则EF +BF 的最小值为_________。
河北省定州中学高一数学下学期期末考试试题(承智班)
河北定州中学2015-2016学年度第二学期承智班期末考试数学试题一、选择题（共12小题，共60分）1．求函数64)(2-+-=x x x f ，[]5,0∈x 的值域（ ）A ．[]2,6--B ．[]2,11--C ．[]6,11--D ．[]1,11--2．已知函数2()2ln f x x x =-与()sin()g x x ωϕ=+有两个公共点，则在下列函数中满足条件的周期最大的()g x =（ ） A ．sin(2)2x ππ- B ．sin()22x ππ- C ．sin()2x ππ-D ．sin()2x ππ+ 3．已知)(x f 是定义在R 上的偶函数，在区间),0[+∞为增函数，且0)31(=f ，则不等式0)(log 81>x f 的解集为（ ）A.（21，2） B. ),2(+∞ C.),2()1,21(+∞⋃ D.),2()21,0(+∞⋃4．已知集合{}{}0,1,,,A B z z x y x A yA ===+挝,则B 的子集个数为（ ）A ．8B ．3C ．4D ．75．三棱锥P ABC -的四个顶点均在半径为2的球面上,且23AB BC CA ===，平面PAB ⊥平面ABC ，则三棱锥P ABC -的体积的最大值为（ ）A ．4B ．3C ．43D ．32 6．已知球面上有四个点,,,A B C D ，球心为点O ，O 在CD 上，若三棱锥A BCD -的体积的最大值为83，则该球O 的表面积为（ ） A ．4p B ．16p C ．163p D ．323p7．若关于直线,m n 与平面，αβ，有下列四个命题： ①若//,//m n αβ，且//αβ，则//m n ； ②若,m n αβ⊥⊥，且αβ⊥，则m n ⊥；③若,//m nαβ⊥，且//αβ，则m n⊥；④若//,m nαβ⊥，且αβ⊥，则//m n；其中真命题的序号（）A．①② B．③④ C．②③ D．①8．已知在三棱锥P ABC-中，1PA PB BC===，2AB=，AB BC⊥，平面PAB⊥平面ABC，若三棱锥的顶点在同一个球面上，则该球的表面积为（）A．32π B．3π C．23π D．2π9．已知四面体ABCD中，FE,分别是BDAC,的中点，若4=AB，2CD=，ABEF⊥，则EF 与CD所成角的度数为（）A．ο90 B．ο45 C．ο60 D．ο3010．若直线02)1(=-++ymx和直线082=++ymx平行，则m的值为（）A．1 B．2- C．1或2- D．32-11．两圆221:2220C x y x y+++-=，222:4210C x y x y+--+=的公切线有且仅有（）A．1条 B．2条 C．3条 D．4条12．直线0632=-+yx分别交x轴和y轴于BA、两点，P是直线xy-=上的一点，要使PBPA+最小，则点P的坐标是（）A.）（1,1- B. ）（0,0 C. ）（1,1- D. ）（21,21-第II卷（非选择题）二、填空题（4小题，共20分）13．已知函数()()⎪⎩⎪⎨⎧>≤=2log22)(21xxxxfx，则函数)1(xfy-=的最大值为．14．已知666log log log 6a b c ++=，其中*,,a b c N ∈，若,,a b c 是递增的等比数列，又b a -为一完全平方数，则a b c ++=___________.15．已知P 是直线:40l kx y ++=（0k >）上一动点，,PA PB 是圆22:20C x y y +-=的两条切线，切点分别为,A B ，若四边形PACB 的最小面积为2，则k =__________.16．过(4,3),(2,1)A B --作直线4320x y +-=的垂线12,l l ，则直线12,l l 间的距离为__________.三、解答题（8小题，共70分）17．已知集合{}{}0|,062|2<==++-=x x B m mx x x A ，若命题“φ=B A I ”是假命题，求实数m 的取值范围．18．近年来，某企业每年消耗电费约24万元，为了节能减排，决定安装一个可使用15年的太阳能供电设备接入本企业电网，安装这种供电设备的工本费（单位：万元）与太阳能电池板的面积（单位：平方米）成正比，比例系数约为0.5，为了保证正常用电，安装后采用太阳能和电能互补供电的模式.假设在此模式下，安装后该企业每年消耗的电费C （单位：万元）与安装的这种太阳能电池板的面积x （单位：平方米）之间的函数关系是120()(0)5C x x x =≥+，记F 为该村安装这种太阳能供电设备的费用与该村15年共将消耗的电费之和. （1）建立F 关于x 的函数关系式；（2）当x 为多少平方米时，F 取得最小值？最小值是多少万元？19．已知不等式2520ax x +->的解集是M ．（1）若2M ∈，求a 的取值范围；（2）若1|22M x x ⎧⎫=<<⎨⎬⎩⎭，求不等式22510ax x a -+->的解集． 20．已知命题：“∃x ∈{x|﹣1＜x ＜1}，使等式x 2﹣x ﹣m=0成立”是真命题，（1）求实数m 的取值集合M ； （2）设不等式（x ﹣a ）（x+a ﹣2）＜0的解集为N ，若x ∈N 是x ∈M 的必要条件，求a 的取值范围．21．如图，在四棱锥ABCD P -中，⊥PD 平面ABCD ，DC AB //，ο60,4,3,5,=∠===⊥PAD AD DC BC AD AB（1）若M 为PA 的中点,求证://DM 平面PBC ； （2）求三棱锥PBC D -的体积.22．平面直角坐标系xOy 中，直线10x y -+=截以原点O 为圆心的圆所得的弦长为6. （1）求圆O 的方程；（2）若直线l 与圆O 切于第一象限，且与坐标轴交于,D E ，当DE 长最小时，求直线l 的方程； （3）设,M P 是圆O 上任意两点，点M 关于x 轴的对称点为N ，若直线,MP NP 分别交于x 轴于点(,0)m 和(,0)n ，问m n ⋅是否为定值？若是，请求出定值；若不是，请说明理由. 23．已知曲线1C ：04222=+--+m y x y x .（1）若曲线1C 是一个圆，且点)1,1(P 在圆1C 外，求实数m 的取值范围；（2）当4=m 时，曲线1C 关于直线0=+y x 对称的曲线为2C .设P 为平面上的点，满足：存在过P 点的无穷多对互相垂直的直线21,L L ，它们分别与曲线1C 和曲线2C 相交，且直线1L 被曲线1C 截得的弦长与直线2L 被曲线2C 截得的弦长总相等. （i ）求所有满足条件的点P 的坐标；（ii ）若直线1L 被曲线1C 截得的弦为MN ，直线2L 被曲线2C 截得的弦为RS ，设PMR ∆与PNS ∆的面积分别为1S 与2S ，试探究21S S ⋅是否为定值？若是，求出该定值；若不是，请说明理由. 24．已知直线)(1)1(:1R k x k y l ∈-+=. （Ⅰ）证明：直线1l 过定点；（Ⅱ）若直线1l 与直线02)2(3:2=+--y k x l 平行，求k 的值并求此时两直线间的距离.参考答案1．B【解析】试题分析：因为22 ()46(2)2f x x x x=-+-=---，又[]5,0∈x，所以21(2)22x-≤---≤-，即函数()f x的值域为[]2,11--，故选B．考点：函数的值域．2．C【解析】试题分析：画出函数()f x的图象如下图所示，由图可知，函数()f x过()()1,1,1,1-，经验证可知C正确.考点：三角函数.3．D【解析】试题分析：根据)(xf是定义在R上的偶函数，在区间),0[+∞为增函数，)31(=f，根据图象关于y轴对称可知，当13x>13x<-()0f x>，所以)(log81>xf181log3x>181log3x<-，解得1(0,)(2,)2x∈⋃+∞，故选D．考点：函数的奇偶性、函数的单调性．【方法点晴】本题主要考查的是函数的奇偶性性质及函数的单调性，函数零点及函数图象，属于难题．解题时一定要注意分析条件，根据条件可知，函数在),0[+∞为增函数且有零点13x=，又函数是偶函数，所以知其在(,0)-∞为减函数且有零点13x=-，因此)(log81>xf4．A 【解析】试题分析：由题意得{}0,1,2B =，其子集为：{}{}{}{}{}{}{}0,1,2,0,1,0,2,1,2,0,1,2,Φ，共8个，选A ．考点：集合的子集． 5．B 【解析】试题分析：根据题意：半径为2的球面上，且,ABC ∆为截面为大圆上三角形，设圆形为O ，AB 的中点为N ,PAB ABC ⊥Q 平面平面，∴三棱锥P ABC -的体积的最大值时，,PN AB PN ABC ⊥⊥平面∴三棱锥P ABC -的体积的最大值为考点：球的内接几何体.6．B 【解析】试题分析：设球的半径r ，首先因为O 在CD 上，所以CD 为球O 的直径，BCD ∆为直角三角形，2CD r =，若使三角形的面积最大，则点B 到边CD 的距离最大即可，因为,,B C D 三点共面．所以最大距离为半径r ，三角形BCD 面积的最大值为；当点A 距离平面BCD 最大时为r ，则三棱锥A BCD -2r =，所以该球的表面积为4416ππ⋅=，选B ．考点：1.球的表面积；2.棱锥的体积．7．C 【解析】试题分析：①若//,//m n αβ，且//αβ，则//m n ，错误，,m n 可能平行，相交或异面； ②m αQ ⊥，,αβ⊥∴，在β存在与m 平行的直线，再由n β⊥得m n ⊥，故②正确；③由,//mααβ⊥得mβ⊥，再由//nβ得m n⊥，故③正确；④当mβ⊂时，由nβ⊥得到m n⊥，故④错．综上正确命题是②③，选C考点：直线与平面，平面与平面的位置关系8．B.【解析】试题分析：如下图所示，设球心为O，则可知球心O在面ABC的投影在ABC∆外心，即AC中点E处，取AB中点F，连PF，EF，OE，OP，由题意得，PF⊥面ABC，∴在四边形POEF 中，设OE h=，∴半径2222213()()()0222r h r h=-+=+⇒=，32r=，即球心即为AC 中点，∴表面积243S rππ==，故选B.考点：空间几何体的外接球．【名师点睛】外接球常用的结论：长方体的外接球：1.长、宽、高分别为a，b，c的长方体的体对角线长等于外接球的直径，即2222a b c R++= 2.棱长为a的正方体的体对角线长等于外接球的直径，即32a R=；棱长为a的正四面体：外接球的半径为64a，内切球的半径为612a；9．D【解析】试题分析：设G 为AD 的中点，连接GF GE ，，则GF GE ，，分别为ABD ACD V V ，的中位线．由此可得GF AB P ，且112GF AB ==， GE CD P ，且122GE CD FEG==∴∠，或其补角即为EF与CD所成角．又,GF AB EF GF EF AB ⊥∴⊥P Q ，，因此，Rt EFG V 中，12GF GE ==，，由正弦的定义，得12GF sin GEF GE ∠==，可得30GEF ∠=︒．∴EF 与CD 所成的角的度数为ο30故选：D 考点：异面直线所成的角 10．C 【解析】试题分析：显然0m ≠，则直线02)1(=-++y m x 和直线082=++y mx 平行即1121228m m m m +-=≠∴==-或考点：直线与直线平行11．B 【解析】 试题分析：221:2220C x y x y +++-= 圆心是（-1,-1）,半径是12r =222:4210C x y x y +--+= 圆心是（2,1）,半径是22r =所以圆心距为22123213O O =+=，121212r r OO r r -<<+，所以两圆相交所以两圆的公切线有且仅有2条。
(全优试卷)版河北省定州市高一数学下学期期末考试试题(承智班,含解析)
河北定州2016—2017学年度第二学期期末考试高一年级承智班数学试卷一、选择题1. 已知点和在直线的两侧，则实数的取值范围为（）A. B.C. D.【答案】A【解析】试题分析：由题意可知考点：直线方程2. 设为不重合的平面，为不重合的直线，则下列命题正确的是（）A. 若，则B. 若，则C. 若，则D. 若，则【答案】D【解析】试题分析：A的结论可能是，B的结论可能是，C的结论可能是，因此A、B、C均错误，故选D.考点：空间点线面的位置关系.3. 如图，网格纸上小正方形的边长为1，粗线画出的是某几何体的三视图，其中俯视图的右边为一个半圆，则此几何体的体积为（）A. B. C. D.【答案】B【解析】由已知可得该几何体是由一个四棱锥和半个圆锥组成的，故其体积为，故选B.【点睛】本题主要考查三视图，属于较易题型.应注意把握三个视图的位置和尺寸：主视图在图纸的左上方,左视图在主视图的右方,俯视图在主视图的下方；主视图与俯视图长应对正（简称长对正） ,主视图与左视图高度保持平齐（简称高平齐）,左视图与俯视图宽度应相等（简称宽相等）,若不按上述顺序放置，则应注明三个视图名称.4. 下图画出的是某几何体的三视图，网格纸上小正方形的边长为，则该几何体的体积为（）A. B. C. D.【答案】D【解析】由已知中的三视图可得,该几何体是一个长方体挖掉两个圆锥所得的组合体,所以几何体的体积为:,故选D.点睛:本题考查立体几何三视图的直观图,以及还原几何体后求出相应的体积和表面积.三视图的长度特征：“长对正、宽相等，高平齐”，即正视图和侧视图一样高，正视图和俯视图一样长，侧视图和俯视图一样宽．若相邻两物体的表面相交，表面的交线是它们的分界线，在三视图中，要注意实、虚线的画法．5. 直线在y轴上的截距是，且它的倾斜角是直线的倾斜角的2倍，则（）A. B.C. D.【答案】B【解析】根据题意,设直线为直线l，另一直线的方程为，变形可得,其斜率k=，则其倾斜角为60∘，而直线l的倾斜角是直线的倾斜角的2倍，则直线l的倾斜角为120∘，且斜率k=tan120∘=−，又由l在y轴上的截距是−1,则其方程为y=−x−1；又由其一般式方程为mx+y−1=0，分析可得：m=−，n=−2；故选：A.点睛：直线在y轴上的截距即为令x=0，解得的y的值，也称为纵截距，截距不同于距离，截距可正可负可为0，在直线中还有横截距，即令y=0，解出x即是.6. 若直线与直线的交点位于第一象限，则直线的倾斜角的取值范围是（）A. B.C. D.【答案】B【解析】试题分析：画出图象如下图所示，直线过定点，由图可知，斜率最小值为，此时直线的倾斜角为，故倾斜角的取值范围是．考点：两条直线的位置关系.7. 如图，在正三棱锥中，、分别是棱、的中点，且，若，则此正三棱锥外接球的体积是（）A. B.C. D.【答案】B【解析】试题分析：三棱锥为正棱锥,对棱互相垂直,，又，而，，即,，将此三棱锥补成正方体,则它们有相同的外接球.侧棱长为,,正三棱锥外接球的体积是.选B．考点：球的组合体................8. 已知某几何体的三视图如图所示，根据图中标出的尺寸（单位：），可得这个几何体的体积为（）A. B. C. D.【答案】D【解析】由三视图可知此几何体为四棱锥，底面是边长为2的正方形，面积为4，高为3，所以四棱锥的体积，故选D.9. 某四棱锥的三视图如图所示，该四棱锥外接球的体积为（）A. B. C. D.【答案】D【解析】该四棱锥的底面是正方形，其中一条侧棱与底面垂直，所以该四棱锥的外接球就是它所在的长方体的外接球，半径，所以体积，故选D. 点睛：三视图问题的常见类型及解题策略(1)由几何体的直观图求三视图．注意正视图、侧视图和俯视图的观察方向，注意看到的部分用实线表示，不能看到的部分用虚线表示．(2)由几何体的部分视图画出剩余的部分视图．先根据已知的一部分三视图，还原、推测直观图的可能形式，然后再找其剩下部分三视图的可能形式．当然作为选择题，也可将选项逐项代入，再看看给出的部分三视图是否符合．(3)由几何体的三视图还原几何体的形状．要熟悉柱、锥、台、球的三视图，明确三视图的形成原理，结合空间想象将三视图还原为实物图．10. 若过点的直线与圆相较于两点，且为弦的中点，则为（）A. B. 4 C. D. 2【答案】A【解析】圆心坐标为，半径为，。
河北省定州中学2016-2017学年高一下学期期末考试数学试题 (word版含答案)
河北定州中学2016—2017学年度第二学期期末考试高一年级数学试卷一、选择题1. 两直线与平行，则它们之间的距离为（）A. B. C. D.【答案】D【解析】试题分析：由两直线平行可知，所以距离为考点：直线方程及平行线间的距离2. 将边长为的正方形沿对角线折成一个直二面角.则四面体的内切球的半径为（）A. 1B.C.D.【答案】D【解析】试题分析：设球心为，球的半径为，由，知，故选D.考点：1.球的切接问题；2.等体积转换.3. 下列命题正确的是（）A. 两两相交的三条直线可确定一个平面B. 两个平面与第三个平面所成的角都相等，则这两个平面一定平行C. 过平面外一点的直线与这个平面只能相交或平行D. 和两条异面直线都相交的两条直线一定是异面直线【答案】C【解析】试题分析：A.三线交于一点时不一定在一个平面，故A不正确；B.正四棱锥中，侧面和底面所成角相等但不平行，故B不正确；C.直线和平面的位置关系只能是在面内或面外，因为直线经过平面外一点，故不在面内，必在面外，在面外包括平行和相交，故C 正确；D.可以交于一点，则共面，故D不正确.考点：直线和平面的位置关系；平面和平面的位置关系.4. 在空间中，给出下面四个命题，则其中正确命题的个数为( )①过平面外的两点，有且只有一个平面与平面垂直；②若平面内有不共线三点到平面的距离都相等，则∥；③若直线与平面内的无数条直线垂直，则；④两条异面直线在同一平面内的射影一定是两平行线；A. 3B. 2C. 1D. 0【答案】D【解析】当过平面外的两点在垂直于平面的直线上时，命题①不成立；不共线三点在平面的两侧时，②不成立；无数条直线平行时，③不成立；在正方体中中，与是异面直线，在面中的射影是点，故④错。
故选D.点睛：本题是一道关于空间直线与直线，直线与平面的题目，掌握空间中线与线、线与面的关系是解题的关键；细查题意知，利用空间直线与直线、直线与平面的位置关系的判断方法求解是解题的基本方法.有时可以借助正方体模型研究线面，面面的位置关系.5. 已知直线与平行，则的值是（）A. 0或1B. 1或C. 0或D.【答案】C【解析】试题分析：由题意得：或，故选C. 考点：直线平行的充要条件．6. (文科)如果圆上总存在到原点的距离为的点，则实数的取值范围是（）A. B. C. D.【答案】D【解析】圆心到原点的距离为，半径，圆上点到原点距离为，因为圆上总存在点到原点距离为，则圆与圆有公共点，，，即，解得或，所以实数的取值范围是，故选D.7. 若圆上有且只有一点到直线的距离为，则实数的值为（）A. B. C. 或 D. 或【答案】A【解析】试题分析：由题意知直线与圆相离，则有，解得，故选A．考点：直线与圆的距离关系8. 已知二面角为为垂足，,则异面直线与所成角的余弦值为（）A. B.C. D.【答案】B考点：空间角的求解问题．【方法点晴】本题主要考查了空间角的求解问题，其中解答中涉及到异面所成角的求解、二面角的应用、以及空间直线与平面的位置关系的应用等知识点的综合考查，着重考查学生分析问题和解答问题的能力，以及学生的空间想象能力，本题解答的关键是构造二面角的平面角和异面直线所成的角是解答的关键，试题有一定的难度，属于中档试题．9. 如图所示，在圆的内接四边形中，平分，切于点，那么图中与相等的角的个数是（）A. 4B. 5C. 6D. 7 【答案】B【解析】试题分析:因,,故应选B ．考点：弦切角等于同弦所对圆周角,同弧所对圆周角相等．10. 点是双曲线右支上一点， 是圆上一点，点的坐标为，则的最大值为（ ）A. 5B. 6C. 7D. 8 【答案】D【解析】设分别是双曲线的左右焦点，所以的最大值，即求的最大值，而的最大值是，所以，故选D.11. 为不重合的直线，为不重合的平面，则下列说法正确的是（ ）A.，则 B.，则C.，则 D.，则【答案】D【解析】试题分析：时可平行，可相交，可异面；时可平行，可相交；时可平行，可相交，可异面；时，所以选D.考点：线面关系 12. 曲线y ＝1＋与直线y ＝k （x －2）＋4有两个交点，则实数k 的取值范围是（ ）A.B.C.D.【答案】D【解析】试题分析：由y=k （x-2）+4知直线l 过定点（2，4），将，两边平方得x2+（y-1）2=4，则曲线是以（0，1）为圆心，2为半径，且位于直线y=1上方的半圆．当直线l过点（-2，1）时，直线l与曲线有两个不同的交点，此时1=-2k+4-2k，解得k=，当直线l与曲线相切时，直线和圆有一个交点，圆心（0，1）到直线kx-y+4-2k=0的距离，解得k=，要使直线l：y=kx+4-2k与曲线有两个交点时，则直线l夹在两条直线之间，因此，考点：直线与圆的位置关系二、填空题13. 如图，网格纸上每个小正方形的边长为，若粗线画出的是某几何体的三视图，则此几何体的体积为__________．【答案】10【解析】试题分析：由三视图知，该几何体是底面为直角边分别为5和4、高为3的三棱锥，所以该几何体的体积．考点：三棱锥的三视图及体积．【方法点晴】应注意把握三个视图的尺寸关系：主视图与俯视图长应对正（简称长对正），主视图与左视图高度保持平齐（简称高平齐），左视图与俯视图宽度应相等（简称宽相等），若不按顺序放置和不全时，则应注意三个视图名称．14. 若过定点且斜率为的直线与圆在第一象限内的部分有交点，则的取值范围是____________．【答案】【解析】试题分析：圆心，半径为，画出图象如下图所示，由图可知，斜率的取值范围为，令代入圆的方程，求得，所以.考点：直线与圆的位置关系.【思路点晴】本题主要考查直线与圆的位置关系，考查数形结合的数学思想方法.首先求出圆心和半径，画出圆的图像，根据题意，直线和圆交于第一象限，也就是斜率的取值范围在直线.是圆与轴的交点，故令代入圆后，可求得纵坐标，由于交点在第一象限，所以坐标取正数，由此求得实数的取值范围.15. 若点在圆上，点在圆上，则的最小值是__________．【答案】2............考点：圆的方程及圆与圆的位置关系.16. 直线截圆所得的两段弧长之差的绝对值是__________．【答案】【解析】圆心到直线的距离，所以劣孤所对的圆心角为，。
河北省定州中学高一下册第二学期期末考试数学试题含答案【精品】
河北定州中学高一下学期数学期末考试试题一、单选题1．函数,若在区间上是单调函数,且则的值为（）A. B. 或 C. D. 或2．已知函数，若关于的方程在上有个解，则实数的取值范围是（）A. B. C. D.3．如图是某几何体的三视图，则该几何体的外接球的表面积为（）A. 24πB. 36πC. 40πD. 400π4．定义在R上的函数()f x满足()()f x f x-=，且当0x≥时，()21,01{22,1xx xf xx-+≤<=-≥，若对任意的[],1x m m∈+，不等式()()1f x f x m-≤+恒成立，则实数m的最大值是（）A. -1B.12-C.13-D.135．函数()cosf x x x=在[)0,+∞内（）A. 没有零点B. 有且仅有一个零点C. 有且仅有两个零点D. 有无穷个零点6．已知函数()lgf x x=.若a b≠且，()()f a f b=，则a b+的取值范围是（）A. ()1,+∞B.[)1,+∞C.()2,+∞D.[)2,+∞7．若直线l ：a+by+1=0经过圆M ：的圆心则的最小值为 A.B. 5C.D. 108．已知是边长为4的等边三角形，为平面内一点，则的最小值是A. B. C. D.9．若,m n 是两条不同的直线， ,,αβγ是三个不同的平面，则下列结论中正确的是 （ ） A. 若,m βαβ⊂⊥，则m α⊥ B. 若,,m n m n αγβγ⋂=⋂=P ，则αβP C. 若,m m βα⊥P ，则αβ⊥ D. 若,αλαβ⊥⊥，则βγ⊥ 10．定义域为R 的偶函数()f x ，满足对任意的x R ∈有()()()21f x f x f +=-，且当[]2,3x ∈时，()221218f x x x =-+-，若函数()()log 1a y f x x =-+在R 上至少有六个零点，则a 的取值范围是（ ）A.3⎛ ⎝⎭ B. 7⎛ ⎝⎭ C. 53⎝⎭ D.10,3⎛⎫⎪⎝⎭11．已知函()()2log 2a f x x ax=-在[]4,5上为增函数，则a 的取值范围是（ ）A.()1,2 B. (]1,2 C. ()1,4 D. (]1,412．若3log 21x ≥，则函数()1423x x f x +=--的最小值为（ ）A. 4-B. 3-C. 329-D. 0二、填空题13．已知定义在R 上的偶函数()f x 在[)0,+∞上递减且()10f =，则不等式()414log log 0f x f x ⎛⎫+≥ ⎪⎝⎭的解集为__________．14．已知函数()31,0{log ,0mx x f x x x +≤=>，若函数()()1y f f x =+有4个不同的零点，则实数m的取值范围是__________.15．如图，网格纸上正方形小格的边长为1，图中粗线画出的是某三棱锥的三视图，则该三棱锥的体积为__________．16．正方体1111ABCD A B C D -中， ,,M N Q 分别是棱1111,,C D A D BC的中点，点P 在对角线1BD 上，给出以下命题：①当P 在线段1BD 上运动时，恒有//MN 平面APC ； ②当P 在线段1BD 上运动时，恒有1AB ⊥平面BPC ；③过点P 且与直线1AB 和11A C 所成的角都为060的直线有且只有3条.其中正确命题为__________．三、解答题 17．函数()f x 定义在()0,+∞上，且()f x 不恒为零.对任意0,a >任意,b R ∈有()()b f a bf a =恒成立.（1）求()1f 的值；（2）若1,a b c >>>且2b ac =求证：()()()2f a f c f b ⎡⎤⋅<⎣⎦. 18．函数()23cos (0,0)2y x πωφωφ=+>≤≤的图象与y 轴交于点(6，周期是π．（1）求函数解析式，并写出函数图象的对称轴方程和对称中心；（2）已知点,02A π⎛⎫ ⎪⎝⎭，点P 是该函数图象上一点，点()00,Q x y 是PA 的中点，当06y = ， 0,2x ππ⎡⎤∈⎢⎥⎣⎦时，求0x 的值．参考答案 BACCB CBDCA 11．A 12．D13．1,44⎡⎤⎢⎥⎣⎦14．（0，+∞）15． 16．②③17．（1）0；（2）见解析 （1）令1,1x y =≠， ()()11f yf =，()()110f y -=，因为1y ≠，所以()10f = ； （2）设()()()(),log =(log (=log log (y y x x x x x ac y ac f ac f x yf x ac f x a c f x =⇒=⇒==+）））()()()()()()()()log log log +(log x x a c x x f ac af x c f x f x f x f a f c ⇒==+=+）()()()()()()()()()222022f a f c f a f c f b f a f c f a f c ⎡⎤⎡⎤+-⎡⎤-=-⋅=≥⎢⎥⎢⎥⎣⎦⎢⎥⎣⎦⎣⎦…………(8分)下面证明当1x ≠时， (0f x ≠）. 假设存在01x ≠，()00f x =，则对于任意1x ≠，()()()()00log 0log 0x xx f x f x x f x ===，不合题意．所以，当1x ≠时， ()0f x ≠．因为1a c >>，所以存在1m ≠，()()()()()()log log log log 0m m a c m m f a f c f m f m a c f m -=-=-≠，所以()()f a f c ≠，所以()()()2f a f c f b ⎡⎤<⎣⎦．18．（1）见解析；（2）58xπ=或34xπ=．（1）由题意，周期是π，即．由图象与y轴交于点（0，)，∴，可得，∵0≤φ≤，得函数解析式()π23cos24f x x⎛⎫=+⎪⎝⎭．由π2π4x k+=，可得对称轴方程为ππ28kx=-，（∈）由ππ2π+42x k+=，可得对称中心坐标为（，0），（∈）（2）Q点Q ()00,x y是P A的中点，A，∴P的坐标为，由，可得P的坐标为，又∵点P是该函数图象上一点，∴，整理可得：，∵0∈，∴，故或，解得或．。
河北省保定市2016-2017学年高一下册数学期末考试试卷(解析版)
河北省保定市2016-2017学年高一下册数学期末考试试卷(解析版)一.选择题1.已知等差数列{a n}中，a1=1，d=2，则a10=（）A. 19B. 22C. 23D. 242.在正方体ABCD﹣A1B1C1D1中，直线A1C1与平面DBB1D1所成的角为（）A. 30°B. 45°C. 60°D. 90°3.若等比数列{a n}的前n项和S n=3n﹣1，则其公比为（）A. ﹣3B. 3C. ﹣1D. 14.已知直线l，m，平面α，β且l⊥α，m⊂β，给出下列四个命题中，正确命题的个数为（）⑴若α∥β，则l⊥m⑵若l⊥m，则α∥β⑶若α⊥β，则l⊥m⑷若l∥m，则α⊥βA. 1B. 2C. 3D. 45.在等差数列{a n}中，若a1、a10是方程2x2+5x+1=0的两个根，则公差d（d＞0）为（）A. B. C. D.6.不等式组的解集是（）A. {x|﹣1＜x＜1}B. {x|1＜x≤3}C. {x|﹣1＜x≤0}D. {x|x≥3或x＜1}7.若直线x+y=0与圆x2+（y﹣a）2=1相切，则a的值为（）A.1B.±1C.D.±8.若变量x，y满足则目标函数z=2x+y的最小值为（）A. 1B. 2C. 3D. 49.已知等比数列{a n}满足a1=3，且3a1，2a2，a3成等差数列，则公比等于（）A. 1或3B. 1或9C. 3D. 910.如图，两个正方形ABCD和ADEF所在平面互相垂直，设M、N分别是BD和AE的中点，那么①AD⊥MN；②MN∥平面CDE；③MN∥CE；④MN、CE异面．其中假命题的个数为（）A.4B.3C.2D.111.设三棱柱的侧棱垂直于底面，所有棱的长都为3，顶点都在同一个球面上，则该球的表面积为（）A. 2πB. πC. 21πD. 23π12.定义：在数列{a n}中，若a n2﹣a n﹣12=p，（n≥2，n∈N*，p为常数），则称{a n}为“等方差数列”，下列是对“等方差数列”的有关判断：①若{a n}是“等方差数列”，则数列{ }是等差数列；②{（﹣2）n}是“等方差数列”；③若{a n}是“等方差数列”，则数列{a kn}（k∈N*，k为常数）也是“等方差数列”；④若{a n}既是“等方差数列”，又是等差数列，则该数列是常数数列．其中正确命题的个数为（）A. 1B. 2C. 3D. 4二.填空题13.已知直线l1：x+my﹣2=0，l2：mx+y+1=0，若l1⊥l2，则m=________．14.在圆x2+y2﹣2x﹣6y=0内，过点E（0，1）的最长弦和最短弦之积为________．15.一个几何体的三视如图所示，其中正视图和俯视图均为腰长为2的等腰直角三角形，则用________个这样的几何体可以拼成一个棱长为2的正方体．16.已知数列{a n}满足a1=3，a n﹣1a n a n+1=3（n≥2），T n=a1a2…a n，则log3T2017=________．三.解答题17.若不等式ax2﹣bx+c＞0的解集为{x|﹣2＜x＜3}，求不等式cx2﹣bx﹣a＜0的解集．18.已知△ABC中，内角A，B，C依次成等差数列，其对边分别为a，b，c，且b= asinB．（1）求内角C；（2）若b=2，求△ABC的面积．19.已知直线l经过点M（﹣3，﹣3），且圆x2+y2+4y﹣21=0的圆心到l的距离为．（1）求直线l被该圆所截得的弦长；（2）求直线l的方程．20.设数列{a n}的前n项和为S n，且S n+a n=1，数列{b n}为等差数列，且b1+b2=b3=3．（1）求S n；（2）求数列（a n b n）的前n项和T n．21.为了培养学生的数学建模和应用能力，某校组织了一次实地测量活动，如图，假设待测量的树木AE的高度H（m），垂直放置的标杆BC的高度h=4m，仰角∠ABE=α，∠ADE=β（D，C，E三点共线），试根据上述测量方案，回答如下问题：（1）若测得α=60°、β=30°，试求H的值；（2）经过分析若干次测得的数据后，大家一致认为适当调整标杆到树木的距离d（单位：m），使α与β之差较大时，可以提高测量精确度．若树木的实际高度为8m，试问d为多少时，α﹣β最大？22.如图，正方体ABCD﹣A1B1C1D1中，M，N分别为AB，BC的中点．（1）求证：平面B1MN⊥平面BB1D1D；（2）当点P在DD1上运动时，是否都有MN∥平面A1C1P，证明你的结论；（3）若P是D1D的中点，试判断PB与平面B1MN是否垂直？请说明理由．答案解析部分一.<b >选择题</b>1.【答案】A【考点】等差数列的通项公式【解析】【解答】解：∵等差数列{a n}中，a1=1，d=2，∴a10=a1+9d=1+18=19．故答案为：A．【分析】利用等差数列通项公式求得。
河北省定州市2016-2017学年高一数学下期末考试试题含解析
河北定州2016—2017学年度第二学期期末考试高一年级承智班数学试卷一、选择题1. 已知点和在直线的两侧，则实数的取值范围为（）A. B.C. D.【答案】A【解析】试题分析：由题意可知考点：直线方程2. 设为不重合的平面，为不重合的直线，则下列命题正确的是（）A. 若，则B. 若，则C. 若，则D. 若，则【答案】D【解析】试题分析：A的结论可能是，B的结论可能是，C的结论可能是，因此A、B、C均错误，故选D.考点：空间点线面的位置关系.3. 如图，网格纸上小正方形的边长为1，粗线画出的是某几何体的三视图，其中俯视图的右边为一个半圆，则此几何体的体积为（）A. B. C. D.【答案】B【解析】由已知可得该几何体是由一个四棱锥和半个圆锥组成的，故其体积为，故选B.【点睛】本题主要考查三视图，属于较易题型.应注意把握三个视图的位置和尺寸：主视图在图纸的左上方,左视图在主视图的右方,俯视图在主视图的下方；主视图与俯视图长应对正（简称长对正）,主视图与左视图高度保持平齐（简称高平齐）,左视图与俯视图宽度应相等（简称宽相等）,若不按上述顺序放置，则应注明三个视图名称.4. 下图画出的是某几何体的三视图，网格纸上小正方形的边长为，则该几何体的体积为（）A. B. C. D.【答案】D【解析】由已知中的三视图可得,该几何体是一个长方体挖掉两个圆锥所得的组合体,所以几何体的体积为,故选D.点睛本题考查立体几何三视图的直观图,以及还原几何体后求出相应的体积和表面积.三视图的长度特征：“长对正、宽相等，高平齐”，即正视图和侧视图一样高，正视图和俯视图一样长，侧视图和俯视图一样宽．若相邻两物体的表面相交，表面的交线是它们的分界线，在三视图中，要注意实、虚线的画法．5. 直线在y轴上的截距是，且它的倾斜角是直线的倾斜角的2倍，则（）A. B.C. D.【答案】B【解析】根据题意,设直线为直线l，另一直线的方程为，变形可得,其斜率=，则其倾斜角为60∘，而直线l的倾斜角是直线的倾斜角的2倍，则直线l的倾斜角为120∘，且斜率=tan120∘=−，又由l在y轴上的截距是−1,则其方程为y=−−1；又由其一般式方程为m+y−1=0，分析可得：m=−，n=−2；故选：A.点睛：直线在y轴上的截距即为令=0，解得的y的值，也称为纵截距，截距不同于距离，截距可正可负可为0，在直线中还有横截距，即令y=0，解出即是.6. 若直线与直线的交点位于第一象限，则直线的倾斜角的取值范围是（）A. B.C. D.【答案】B【解析】试题分析：画出图象如下图所示，直线过定点，由图可知，斜率最小值为，此时直线的倾斜角为，故倾斜角的取值范围是．考点：两条直线的位置关系.7. 如图，在正三棱锥中，、分别是棱、的中点，且，若，则此正三棱锥外接球的体积是（）A. B.C. D.【答案】B【解析】试题分析：三棱锥为正棱锥,对棱互相垂直,，又，而，，即,，将此三棱锥补成正方体,则它们有相同的外接球.侧棱长为,,正三棱锥外接球的体积是.选B．考点：球的组合体................8. 已知某几何体的三视图如图所示，根据图中标出的尺寸（单位：），可得这个几何体的体积为（）A. B. C. D.【答案】D【解析】由三视图可知此几何体为四棱锥，底面是边长为2的正方形，面积为4，高为3，所以四棱锥的体积，故选D.9. 某四棱锥的三视图如图所示，该四棱锥外接球的体积为（）A. B. C. D.【答案】D【解析】该四棱锥的底面是正方形，其中一条侧棱与底面垂直，所以该四棱锥的外接球就是它所在的长方体的外接球，半径，所以体积，故选D.点睛：三视图问题的常见类型及解题策略(1)由几何体的直观图求三视图．注意正视图、侧视图和俯视图的观察方向，注意看到的部分用实线表示，不能看到的部分用虚线表示．(2)由几何体的部分视图画出剩余的部分视图．先根据已知的一部分三视图，还原、推测直观图的可能形式，然后再找其剩下部分三视图的可能形式．当然作为选择题，也可将选项逐项代入，再看看给出的部分三视图是否符合．(3)由几何体的三视图还原几何体的形状．要熟悉柱、锥、台、球的三视图，明确三视图的形成原理，结合空间想象将三视图还原为实物图．10. 若过点的直线与圆相较于两点，且为弦的中点，则为（）A. B. 4 C. D. 2【答案】A【解析】圆心坐标为，半径为，。
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2016-2017学年河北省保定市定州中学高一（下）期末数学试卷一、选择题1．（5分）两直线3x+y﹣3=0与6x+my+1=0平行，则它们之间的距离为（）A．4 B．C．D．2．（5分）将边长为的正方形ABCD沿对角线AC折成一个直二面角B﹣AC﹣D．则四面体ABCD的内切球的半径为（）A．1 B．C．D．3．（5分）下列命题正确的是（）A．两两相交的三条直线可确定一个平面B．两个平面与第三个平面所成的角都相等，则这两个平面一定平行C．过平面外一点的直线与这个平面只能相交或平行D．和两条异面直线都相交的两条直线一定是异面直线4．（5分）在空间中，给出下面四个命题，则其中正确命题的个数为（）①过平面α外的两点，有且只有一个平面与平面α垂直；②若平面β内有不共线三点到平面α的距离都相等，则α∥β；③若直线l与平面α内的无数条直线垂直，则l⊥α；④两条异面直线在同一平面内的射影一定是两条平行线．A．0 B．1 C．2 D．35．（5分）已知直线l1：x+2ay﹣1=0，与l2：（2a﹣1）x﹣ay﹣1=0平行，则a的值是（）A．0或1 B．1或C．0或D．6．（5分）如果圆（x﹣a）2+（y﹣a）2=8上总存在到原点的距离为的点，则实数a的取值范围是（）A．（﹣3，﹣1）∪（1，3） B．（﹣3，3）C．[﹣1，1]D．[﹣3，﹣1]∪[1，3]7．（5分）若圆C：（x﹣5）2+（y+1）2=m（m＞0）上有且只有一点到直线4x+3y ﹣2=0的距离为1，则实数m的值为（）A．4 B．16 C．4或16 D．2或48．（5分）已知二面角α﹣l﹣β为60°，AB⊂α，AB⊥l，A为垂足，CD⊂β，C∈l，∠ACD=135°，则异面直线AB与CD所成角的余弦值为（）A．B．C．D．9．（5分）如图，在圆的内接四边形ABCD中，AC平分∠BAD，EF切⊙O于C点，那么图中与∠DCF相等的角的个数是（）A．4 B．5 C．6 D．710．（5分）点P是双曲线﹣=1的右支上一点，M是圆（x+5）2+y2=4上一点，点N的坐标为（5，0），则|PM|﹣|PN|的最大值为（）A．5 B．6 C．7 D．811．（5分）m，n，l为不重合的直线，α，β，γ为不重合的平面，则下列说法正确的是（）A．m⊥l，n⊥l，则m∥n B．α⊥γ，β⊥γ，则α⊥βC．m∥α，n∥α，则m∥n D．α∥γ，β∥γ，则α∥β12．（5分）曲线y=1+与直线y=k（x﹣2）+4有两个交点，则实数k的取值范围是（）A．B．C．D．二、填空题13．（5分）如图，网格纸上每个小正方形的边长为1，若粗线画出的是某几何体的三视图，则此几何体的体积为．14．（5分）若过定点M（﹣1，0）且斜率为k的直线与圆x2+4x+y2﹣5=0在第一象限内的部分有交点，则k的取值范围是．15．（5分）若点P在圆上，点Q在圆上，则|PQ|的最小值是．16．（5分）直线x+7y﹣5=0分圆x2+y2=1所成的两部分弧长之差的绝对值为．三、解答题17．（10分）已知△ABC三边所在直线方程：l AB：3x﹣2y+6=0，l AC：2x+3y﹣22=0，l BC：3x+4y﹣m=0（m∈R，m≠30）．（1）判断△ABC的形状；（2）当BC边上的高为1时，求m的值．18．（10分）如图，在三棱柱ABC﹣A1B1C1中，AA1⊥底面ABC，且△ABC为等边三角形，AA1=AB=6，D为AC的中点．（1）求证：直线AB1∥平面BC1D；（2）求证：平面BC1D⊥平面ACC1A1；（3）求三棱锥C﹣BC1D的体积．2016-2017学年河北省保定市定州中学高一（下）期末数学试卷参考答案与试题解析一、选择题1．（5分）两直线3x+y﹣3=0与6x+my+1=0平行，则它们之间的距离为（）A．4 B．C．D．【解答】解：∵直线3x+y﹣3=0与6x+my+1=0平行，∴，解得m=2．因此，两条直线分别为3x+y﹣3=0与6x+2y+1=0，即6x+2y﹣6=0与6x+2y+1=0．∴两条直线之间的距离为d===．故选：D．2．（5分）将边长为的正方形ABCD沿对角线AC折成一个直二面角B﹣AC﹣D．则四面体ABCD的内切球的半径为（）A．1 B．C．D．【解答】解：∵边长为的正方形ABCD沿对角线AC折成一个直二面角B﹣AC ﹣D，∴=1，AC=2，取AC中点O，连结DO，BO，则DO=BO==1，且DO⊥平面ABC，==，∴V D﹣ABCBD==，AB=BC=AD=DC=，∴=，=1，∴四面体ABCD的表面积S=S△ADC +S△ABC+S△ABD+S△BCD=2+，∴四面体ABCD的内切球的半径r===2﹣．故选：D．3．（5分）下列命题正确的是（）A．两两相交的三条直线可确定一个平面B．两个平面与第三个平面所成的角都相等，则这两个平面一定平行C．过平面外一点的直线与这个平面只能相交或平行D．和两条异面直线都相交的两条直线一定是异面直线【解答】解：对于A，两两相交的三条直线可确定一个平面或三个平面，故A错误；对于B，两个平面与第三个平面所成的角都相等，则这两个平面平行或相交，故B错误；对于C，过平面外一点的直线一定在平面外，且直线与这个平面相交或平行，故C正确；对于D，和两条异面直线都相交的两条直线是异面直线或共面直线，故D错误．故选：C．4．（5分）在空间中，给出下面四个命题，则其中正确命题的个数为（）①过平面α外的两点，有且只有一个平面与平面α垂直；②若平面β内有不共线三点到平面α的距离都相等，则α∥β；③若直线l与平面α内的无数条直线垂直，则l⊥α；④两条异面直线在同一平面内的射影一定是两条平行线．A．0 B．1 C．2 D．3【解答】解：当过平面α外的两点在垂直于平面α的直线上时，命题①不成立；不共线三点在平面α，β的两侧时，②不成立；无数条直线平行时，③不成立；在正方体中ABCD﹣A1B1C1D1中，AA1与B1C1是异面直线，AA1在面ABCD中的射影是点，故④错．故选：A．5．（5分）已知直线l1：x+2ay﹣1=0，与l2：（2a﹣1）x﹣ay﹣1=0平行，则a的值是（）A．0或1 B．1或C．0或D．【解答】解：当a=0时，两直线的斜率都不存在，它们的方程分别是x=1，x=﹣1，显然两直线是平行的．当a≠0时，两直线的斜率都存在，故它们的斜率相等，由≠，解得：a=．综上，a=0或，故选：C．6．（5分）如果圆（x﹣a）2+（y﹣a）2=8上总存在到原点的距离为的点，则实数a的取值范围是（）A．（﹣3，﹣1）∪（1，3） B．（﹣3，3）C．[﹣1，1]D．[﹣3，﹣1]∪[1，3]【解答】解：圆（x﹣a）2+（y﹣a）2=8的圆心（a，a）到原点的距离为|a|，半径r=2，由圆（x﹣a）2+（y﹣a）2=8上总存在点到原点的距离为，∴2﹣≤|a|≤2+，∴1≤|a|≤3解得1≤a≤3或﹣3≤a≤﹣1．∴实数a的取值范围是[﹣3，﹣1]∪[1，3]．故选：D．7．（5分）若圆C：（x﹣5）2+（y+1）2=m（m＞0）上有且只有一点到直线4x+3y ﹣2=0的距离为1，则实数m的值为（）A．4 B．16 C．4或16 D．2或4【解答】解：∵圆C：（x﹣5）2+（y+1）2=m（m＞0）上有且只有一点到直线4x+3y﹣2=0的距离为1，∴圆心（5，﹣1）到直线4x+3y﹣2=0的距离d=r+1，∴d==+1，解得m=4．故选：A．8．（5分）已知二面角α﹣l﹣β为60°，AB⊂α，AB⊥l，A为垂足，CD⊂β，C∈l，∠ACD=135°，则异面直线AB与CD所成角的余弦值为（）A．B．C．D．【解答】解：如图，过A点做AE⊥l，使BE⊥β，垂足为E，过点A做AF∥CD，过点E做EF⊥AE，连接BF，∵AE⊥l∴∠EAC=90°∵CD∥AF又∠ACD=135°∴∠FAC=45°∴∠EAF=45°在Rt△BEA中，设AE=a，则AB=2a，BE=a，在Rt△AEF中，则EF=a，AF=a，在Rt△BEF中，则BF=2a，∴异面直线AB与CD所成的角即是∠BAF，∴cos∠BAF===．故选：B．9．（5分）如图，在圆的内接四边形ABCD中，AC平分∠BAD，EF切⊙O于C点，那么图中与∠DCF相等的角的个数是（）A．4 B．5 C．6 D．7【解答】解：由已知及弦切角定理可得：∠DCF=∠DAC①又∠DAC=∠DBC，所以：∠DCF=∠DBC②．又AC平分∠BAD，∠DCF=∠BAC③，又∠BDC=∠BAC，所以：∠DCF=∠BDC④，又由弦切角定理可得：∠BAC=∠BCE，所以：∠DCF=∠BCE⑤，综上，图中与∠DCF相等的角的个数是5．故选：B．10．（5分）点P是双曲线﹣=1的右支上一点，M是圆（x+5）2+y2=4上一点，点N的坐标为（5，0），则|PM|﹣|PN|的最大值为（）A．5 B．6 C．7 D．8【解答】解：双曲线﹣=1的右支中，∵a=3，b=4，c=5，∴F1（﹣5，0），F2（5，0），∵|PF1|﹣|PF2|=2a=6，∴|MP|≤|PF1|+|MF1|，所以，|PM|﹣|PN|≤|PF1|+|MF1|﹣|PF2||=6+2=8．故选：D．11．（5分）m，n，l为不重合的直线，α，β，γ为不重合的平面，则下列说法正确的是（）A．m⊥l，n⊥l，则m∥n B．α⊥γ，β⊥γ，则α⊥βC．m∥α，n∥α，则m∥n D．α∥γ，β∥γ，则α∥β【解答】解：由m⊥l，n⊥l，在同一个平面可得m∥n，在空间不成立，故错误；若α⊥γ，β⊥γ，则α与β可能平行与可能相交，故错误；m∥α，n∥α，则m、n可能平行、相交或异面，故错误；α∥γ，β∥γ，利用平面与平面平行的性质与判定，可得α∥β，正确．故选：D．12．（5分）曲线y=1+与直线y=k（x﹣2）+4有两个交点，则实数k的取值范围是（）A．B．C．D．【解答】解：根据题意画出图形，如图所示：由题意可得：直线l过A（2，4），B（﹣2，1），又曲线图象为以（0，1）为圆心，2为半径的半圆，当直线l与半圆相切，C为切点时，圆心到直线l的距离d=r，即=2，解得：k=；当直线l过B点时，直线l的斜率为=，则直线l与半圆有两个不同的交点时，实数k的范围为．故选：D．二、填空题13．（5分）如图，网格纸上每个小正方形的边长为1，若粗线画出的是某几何体的三视图，则此几何体的体积为10．【解答】解：由已知中的三视图可得：该几何体是一个俯视图为底面的三棱锥，底面面积S=×5×4=10，高h=3，故体积V==10，故答案为：10．14．（5分）若过定点M（﹣1，0）且斜率为k的直线与圆x2+4x+y2﹣5=0在第一象限内的部分有交点，则k的取值范围是（0，）．【解答】解：把圆的方程化为标准方程得：（x+2）2+y2=9，∴圆心坐标为（﹣2，0），半径r=3，令x=0，则，设A（0，），又M（﹣1，0），∴，又∵直线过第一象限且过（﹣1，0）点，∴k＞0，又直线与圆在第一象限内有交点，∴k＜=，则k的取值范围是（0，）．故答案为：（0，）15．（5分）若点P在圆上，点Q在圆上，则|PQ|的最小值是2．【解答】解：据题意易求，又两圆的半径分别为1和2，故|PQ|的最小值为：|C1C2|﹣2﹣1=2．故答案为2．16．（5分）直线x+7y﹣5=0分圆x2+y2=1所成的两部分弧长之差的绝对值为π．【解答】解：解：圆x2+y2=1的圆心（0，0）到直线x+7y﹣5=0的距离为：d==，故弦长为2=2=，故弦所对的圆心角为，两段弧长之比为3：1，两段弧长之差的绝对值是=π．故答案为：π．三、解答题17．（10分）已知△ABC三边所在直线方程：l AB：3x﹣2y+6=0，l AC：2x+3y﹣22=0，l BC：3x+4y﹣m=0（m∈R，m≠30）．（1）判断△ABC的形状；（2）当BC边上的高为1时，求m的值．【解答】解：（1）直线AB的斜率为，直线AC的斜率为，所以k AB•k AC=﹣1，所以直线AB与AC互相垂直，因此，△ABC为直角三角形；（2）解方程组，得，即A（2，6）．由点到直线的距离公式得当d=1时，，即|30﹣m|=5，解得m=25或m=35．18．（10分）如图，在三棱柱ABC﹣A1B1C1中，AA1⊥底面ABC，且△ABC为等边三角形，AA1=AB=6，D为AC的中点．（1）求证：直线AB1∥平面BC1D；（2）求证：平面BC1D⊥平面ACC1A1；（3）求三棱锥C﹣BC1D的体积．【解答】（1）证明：如图所示，连接B1C交BC1于O，连接OD，因为四边形BCC1B1是平行四边形，所以点O为B1C的中点，又因为D为AC的中点，所以OD为△AB1C的中位线，所以OD∥B1A，又OD⊂平面C1BD，AB1⊄平面C1BD，所以AB1∥平面C1BD．（2）证明：因为△ABC是等边三角形，D为AC的中点，所以BD⊥AC，又因为AA1⊥底面ABC，所以AA1⊥BD，根据线面垂直的判定定理得BD⊥平面A1ACC1，又因为BD⊂平面C1BD，所以平面C1BD⊥平面A1ACC1；（3）解：由（2）知，△ABC中，BD⊥AC，BD=BCsin60°=3，∴S=×3×3=，△BCD∴==••6=9．。